甘肃省静宁县第一中学2020学年高二物理上学期期末考试试题(实验班,含解析)
甘肃省静宁县第一中学2020-2021学年高二物理上学期期末考试试题(含解析)
甘肃省静宁县第一中学2020-2021学年高二物理上学期期末考试试题（含解析）第I 卷（选择题）一、选择题（本题共14道小题，每小题4分，共56分。
其中1—10题的四个选项中只有一个选项正确，11—14题的四个选项中有两个或两个以上选项正确，全部选对得4分，选对但选不全的得2分，有错选的得0分。
）1.由库仑定律可知，真空中两个静止的点电荷，当所带电荷量分别q 1和q 2，其间距为r 时，它们之间静电力的大小为122q q F kr ，式中k 为静电力常量。
在国际单位制中，k 的单位是（ ）A. N·m 2/C 2B. C 2/ (N·m 2)C. N·m 2/CD.N·C 2/m 2【答案】A【解析】【分析】本题考查国际单位制的转化。
【详解】ABCD.由库仑力公式可知： 212=Fr k q q 则k 的单位为N·m 2/C 2，故A 正确BCD 错误。
故选A 。
2.在如图所示的匀强磁场中，已经标出了电流I 和磁场B 以及磁场对电流作用力F 三者 的方向，其中错误的是（ ）A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】A ．根据左手定则可知，该图中导线所受安培力方向正确，选项A 不符合题意。
B ．根据左手定则可知，该图中导线所受安培力方向正确，选项B 不符合题意。
C ．根据左手定则可知，该图中导线所受安培力方向正确，选项C 不符合题意。
D ．图中导线的磁场方向平行，则导线不受安培力，此选项错误，选项D 符合题意。
故选D.3.真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F ，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离增大为原来的2倍，它们之间的相互作用力变为 A. 16FB. 94FC. 32FD. 2F 【答案】B【解析】【详解】由库仑定律可得变化前为：2Qq F k r =，变化后为： ()233942Q q F kF r ⋅'== A ．16F ．故A 不符合题意．B ．94F ．故B 符合题意． C ．32F ．故C 不符合题意． D ．2F ．故D 不符合题意． 4.关于电源电动势的说法，正确的是( )A. 在某电池的电路中每通过2C 的电荷量，电池提供的电能是4J ，那么这个电池的电动势是0.5VB. 电源的路端电压增大时，其电源电动势一定也增大C. 无论内电压和外电压如何变化，其电源电动势保持不变D. 电源的电动势越大，电源所能提供的电能就越多【答案】C【解析】【详解】电路中通过q=2C 的电荷量，电池提供的电能W=4J ，根据电动势的定义式W E q =得电动势E=2V ．故A 错误．电动势表征电源本身的特性，与外电路无关，当电源的路端电压增大时，其电源电动势不变．故B 错误．电动势由电源本身决定，当内电压和外电压变化时，电源电动势保持不变．故C 正确．电动势越大，电源将单位正电荷负极移到正极提供的电能越多．故D 错误．故选C.5.关于磁感应强度B ，下列说法中正确的是( )A. 由定义式B =F IL可知，磁感应强度B 与F 成正比，与IL 成反比 B. 一小段通电导线放在磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零C. 一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零D. 磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同【答案】B【解析】【详解】A ．磁感应强度定义式为F B IL =，当电流I 增大时，其安培力F 也随之增大，而其比值是不变的，故磁感应强度B 与F 、IL 均无关，选项A 错误； B ．一小段通电直导线放在磁感应强度为零的地方，根据F =BIL ，当B =0时，F =0，故它所受到的磁场力一定为零，选项B 正确； C ．一小段通电直导线在某处不受磁场力作用，也可能是导线与磁场方向平行，故不能说明则该处的磁感应强度一定为零，选项C 错误； D ．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相互垂直，并不是相同的，选项D 错误． 6.一个电流表的满偏电流I g =1mA ，内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V 的电压表，则应在电流表上（ ） A. 串联一个10kΩ的电阻B. 并联一个10kΩ的电阻C. 串联一个9.5kΩ的电阻D. 并联一个9.5kΩ的电阻【答案】C【解析】【详解】把电流表改装成电压表，串联电阻阻值：1050095009.5kΩ0.001ggUR RI=-=-=Ω=A．串联一个10kΩ的电阻，与结论不相符，选项A错误；B．并联一个10kΩ的电阻，与结论不相符，选项B错误；C．串联一个9.5kΩ的电阻，与结论相符，选项C正确；D．并联一个9.5kΩ的电阻，与结论不相符，选项D错误；7.某同学用欧姆表“X 10”的倍率测某电阻，发现指针指在如图所示的位置，为了使测量比较精确，应A. 换用“×1”的倍率，并重新进行电阻调零B. 换用“× 100”的倍率，并重新进行电阻调零C. 换用“× 1”的倍率，不需重新进行电阻调零D. 换用“×100”的倍率，不需重新进行电阻调零【答案】A【解析】【详解】从图中可知，指针偏转的角度较大，因为欧姆表的零刻度在表盘的右侧，知该电阻较小，所以应换小挡，即换“×1“的倍率，换挡后重新欧姆调零，故A正确，B、C、D错误．【点晴】欧姆表的零刻度线在表盘的右侧，为了测量的准确需将指针指在中间附近．每次换挡需重新欧姆调零．8.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知A. 带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大B. 带电粒子在P点时的加速度大小小于在Q点时的加速度大小C. 带电粒子在P点时的速度大小大于在Q点时的速度大小D. 带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大【答案】C【解析】【详解】A．以b电场线为例，结合曲线运动轨迹、速度、合外力三者位置关系，可知该粒子在b电场线处受到的电场力向右，又由于粒子带负电，所以该处电场强度向左，所以P 点电势大于Q点电势，所以粒子在P点电势能小于Q点．A错误B．P点电场线比Q点密集，所以P点加速度大于Q点．B错误C．从P到Q电场力做负功，所以P点动能大于Q点，因此P点速度大于Q点，C正确D．因为全程只受电场力，所以动能和电势能之和是定值，D错误9.一直导线平行于通电螺线管的轴线放置在螺线管的上方，如图所示．如果直导线可以自由地运动且通以由a到b的电流，则导线ab受磁场力后的运动情况为( )A. 从上向下看顺时针转动并靠近螺线管B. 从上向下看顺时针转动并远离螺线管C. 从上向下看逆时针转动并远离螺线管D. 从上向下看逆时针转动并靠近螺线管【答案】D【解析】试题分析：通电导线因放在通电螺线管的磁场中故受到磁场力，因左右两侧磁场方向不同，故可以分左右两边分别分析研究，画出两侧的磁场方向，则由左手定则可判出磁场力的方向，根据受力情况可判出物体的转动情况．当导体转动后，我们可以认为电流向右偏内，受力也将发生变化，为了简便，我们可以判断导体转动到向里的位置判断导体的受力情况，再判出导体的运动情况．解：通电螺线管的磁感线如图所示，则由图示可知左侧导体所处的磁场方向斜向上，右侧导体所处的磁场斜向下，则由左手定则可知，左侧导体受力方向向外，右侧导体受力方向向里，故从上向下看，导体应为逆时针转动；当导体转过90°时，由左手定则可得导体受力向下，故可得出导体运动为逆时针转动的同时还要向下运动．即为a端转向纸外，b端转向纸里，且靠近通电螺线管，故D正确，ABC错误；故选D【点评】解决本题的关键（1）清楚通电螺线管的磁场，应看到左右两边磁场的不同；（2）能准确地应用左手定则判断磁场与电流不垂直的情况；（3）会找到一些有代表性的特殊位置求解．10.如图所示，电源电动势大小为E，内阻大小为r，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左的过程中（）A. 电流表读数变小，电压表读数不变B. 小电珠L变亮C. 固定在电容器C两板间某点的一个负点电荷所具有的电势能变小D. 电源的总功率变大【答案】C【解析】AB：当滑片向左滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的有效电阻变大，电路的总电阻变大，流过电路的电流变小，电源内电压变小，路端电压变大．则电流表读数变小，小灯泡变暗(流过小灯泡的电流变小)，电压表读数变大．故AB两项均错误．C ：流过电路的电流变小，灯泡两端电压L U 减小，滑动变阻器两端电压R L U E Ir U =--增大，电容器两端电压变大，电容器两板间场强变大，固定在电容器C 两板间某点与左极板间电势差变大，由于左极板接地，左极板电势为零，则固定在电容器C 两板间某点电势为正且变大，负点电荷在该点所具有的电势能变小．故C 项正确．D ：流过电路的电流变小，电源的总功率P EI =变小．故D 项错误．点睛：本题是电路动态变化分析问题，首先确定变阻器有效电阻的变化，再分析总电阻、总电流的变化，再分析局部电压的变化．11.如图，两块正对平行金属板M 、 N 与电池相连，N 板接地，在与两板等距离的P 点固定一个带负电的点电荷，如果M 板向下平移一小段距离，则A. 点电荷受到的电场力变大B. M 板的带电荷量增加C. P 点的电势不变D. 点电荷在P 点具有的电势能增大【答案】AB【解析】【分析】本题考查电容器的动态分析。
甘肃省 高二(上)期末物理试卷-(含答案)
高二（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1.由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A. 电场强度E跟F成正比，跟q成反比B. 无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C. 不同电荷在电场中某点所受的电场力大小不同，该点的电场强度在不断改变D. 一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零2.两个大小可忽略的导体球，分别带上+Q和-3Q的电量，两球心相距r，相互作用力大小为F，现将它们碰一下后各自放回原处，则它们的相互作用力大小变为（）A. B. C. 3F D. 无法确定3.有a、b、c、d四只电阻，它们的I-U关系如图所示，则图中电阻最小的是（）A. aB. bC. cD. d4.某静电场的电场线分布如图所示，P、Q为该电场中的两点。
下列说法正确的是（）A. P点场强大于Q点场强B. P点电势低于Q点电势C. 将电子从P点移动到Q点，电场力做正功D. 将电子从P点移动到Q点，其电势能增大5.如图，A、B两盏电灯完全相同。
当滑动变阻器的滑动头向右移动时，则（）A. A灯变亮，B灯变亮B. A灯变暗，B灯变亮C. A灯变暗，B灯变暗D. A灯变亮，B灯变暗6.如图所示，平行板电容器已经充电，静电计的金属球与电容器的一个极板连接，外壳与另一个极板连接，静电计指针的偏转指示电容器两极板间的电势差。
实验中保持极板上的电荷量Q不变。
设电容器两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．下列关于实验现象的描述正确的是（）A. 保持d不变，减小S，则变小B. 保持S不变，减小d，则不变C. 保持S不变，增大d，则增大D. 保持S、d不变，在两板间插入电介质，则变大7.如图所示，直导线处于足够大的磁场中，与磁感线成θ=30°角，导线中通过的电流为I，为了增大导线所受的安培力，可采取的办法是（）A. 减小电流IB. 减小直导线的长度C. 使导线在纸面内顺时针转角D. 使导线在纸面内逆时针转角8.一个电流表的满偏电流I g=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A. 串联一个的电阻B. 并联一个的电阻C. 串联一个的电阻D. 并联一个的电阻9.如图所示，直线α为某电源与可变电阻连接成闭合电路时的路端电压U与干路电流I的关系图象，直线b为电阻R两端电压的U与通过它的电流I的图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别为（）A. 4W、B. 2W、C. 2W、D. 4W、10.如图所示的天平可用来测定磁感应强度。
甘肃省平凉市静宁县第一中学2020-2021学年高二上学期期中考试物理试题含答案解析
D．电荷沿直线由C到D的过程中，电场力先增大后减小
12．一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力、电场力和空气阻力三个力的作用．若重力势能增加5 J，机械能增加1.5 J，电场力做功2 J，则小球( )
A．重力做功为5 JB．电势能减少2 J
F．滑动变阻器10 Ω，2 A
G．导线和开关
实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．
(1)实验中电流表应选用________，滑动变阻器应选用________；(均填写仪器前的字母)
(2)在图甲所示的虚线框中画出符合要求的实验电路图_______________(虚线框中已将所需的滑动变阻器画出，请补齐电路的其他部分，要求滑片P向b端滑动时，灯泡变亮)；
C．动能增加3.5 JD．空气阻力做功0.5 J
三、实验题
13．在“测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L、直径d和电阻R
（1）用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图甲，则金属丝的直径为_____mm．
（2）若用图乙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值_____．（选填“偏大”或“偏小”）
（3）用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图丙、丁，则电压表的读数为_____V，电流表的读数为_____A．
(3)根据实验数据，画出的小灯泡的I－U图线如图乙所示．由此可知，当电压为0.5 V时，小灯泡的灯丝电阻是________Ω.
四、解答题
15．如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻r=0.6Ω， R=10 Ω，U=160 V，理想电压表的读数为110 V，求
（1）通过电动机的电流是多少？
（2）输入到电动机的电功率是多少？
14．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，小灯泡的额定电压为2.5 V，额定功率为0.5 W，此外还有以下器材可供选择：
甘肃什宁县第一中学2024_2025学年高二物理上学期第二次考试试题实验班
的数 量级为（ ） A．1011
B．108
C．1 05
D．1014
5．如图所示，点电荷 、 分别置于 M、N 两点，O 点为 MN 连线的中点，点 a、b 在 MN
连线上，点 c、d 在 MN 中垂线上，它们均关于 O 点对称 下列说法正确的是
A．c、d 两点的电场强度相同
B．a、b 两点的电势相同 C．将电子沿直线从 c 移到 d，电场力对电子先做负功再做正功 D．将电子沿直线从 a 移到 b，电子的电势能始终增大 6． 甲醛对人体的危害特别严峻，因此装修房屋时检测甲醛污染指数特别重要。“创新”小 组的同学 们设计了甲醛监测设备，原理如图甲所示。电源电压恒为 3V，R0 为 10Ω 的定值 电阻，R 为可 以感知甲醛污染指数的可变电阻，污染指数在 50 以下为轻度污染，50～100 间 为中度污染， 100 以上为重度污染，以下分析正确的是（ ）
9．如图，由匀称的电阻丝组成的等边三角形导体框，垂直磁场放置，将 AB 两点接入电压恒
定的电源两端，通电时，线框受到的安培力为 F，若将 ACB 边
移走，
则余下线框受到的安培力大小为 ( )
A． 1 F 4
C． 1 F 2
B． 1 F 3
D． 2 F 3
10．如图所示为一种质谱仪的示意图，该质谱仪由速度选择器、静电分析器和磁分析器组成。
若 速度选择器中电 场强度大小为 E1 ，磁感应强度大小为 B1 、方向垂直纸面对里，静电分析
器通
道中心线为 1 圆弧，圆弧的半径( OP )为 R ，通道内有匀称辐射的电场，在中心线 4
处的电场强 度大小为 E ，磁分析器中有范围足够大的有界匀强磁场，磁感应强度大小为 B 、 方向垂直于 纸面对外。一带电粒子以速度 v 沿直线经过速度选择器后沿中心线通过静电分析
【全国百强校】甘肃省静宁县第一中学2020-2021学年高二10月月考物理试题含答案解析
【全国百强校】甘肃省静宁县第一中学【最新】高二10月月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图，半径相同的两个金属球A 、B 带有相等的电荷量（可视为点电荷），相隔一定距离，两球之间相互吸引力的大小是F 。
今让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A 、B 两球接触后移开。
这时，A 、B 两球之间的相互作用力的大小是（ ）A ．8FB ．4FC ．38FD ．34F 2．如图所示，两个电荷量均为+q 的小球用长为l 的轻质绝缘细绳连接，静止在光滑的绝缘水平面上．两个小球的半径r l ，k 表示静电力常量．则轻绳的张力大小为（ ）A ．0B ．22q k l C ．222q k l D ．2q k l 3．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc 从a 运动到c ，已知质点的速率是递减的．关于b 点电场强度E 的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b 点的切线）A ．B ．C．D．4．如图所示，直线MN是某电场中的一条电场线(方向未画出)．虚线是一带电的粒子只在电场力的作用下，由a到b的运动轨迹，轨迹为一抛物线．下列判断正确的是( )A．电场线MN的方向一定是由N指向MB．带电粒子由a运动到b的过程中动能一定逐渐减小C．带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能D．带电粒子在a点的加速度一定大于在b点的加速度5．如图所示，在M、N处固定着两个等量异种点电荷，在它们的连线上有A、B两点，已知MA=AB=BN，下列说法正确的是（）A．A，B两点电势相等B．A，B两点场强相同C．将一正电荷从A点移到B点，电场力做负功D．负电荷在A点的电势能大于在B点的电势能6．如图所示，图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电量数值也相等，现将M、N从虚线上O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示。
【校级联考】甘肃省宁县2020-2021学年高二上学期期末联考物理试题含答案解析
【校级联考】甘肃省宁县【最新】高二上学期期末联考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．某电场的电场线分布如图所示，a 、 b 两点电场强度的大小关系是（ ）A ．Ea >E bB ．Ea =E bC ．Ea <E bD ．无法比较 2．两个分别带有电荷量﹣Q 和+3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F ．若将两小球相互接触后分开一定的距离，两球间库仑力的大小变为43F ，则两小球间的距离变为（ ） A ．4r B ．r C ．2r D ．2r3．下列各图反映的是带电粒子在匀强磁场中沿垂直于磁场方向做匀速圆周运动，其中正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．4．如图所示，平行板电容器与电动势为E 的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地。
一带电油滴位于电容器中的P 点且恰好处于平衡状态。
现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则（ ）A．P点的电势将升高B．带电油滴的电势能将减少C．带电油滴将沿竖直方向向下运动D．若电容器的电容减小，则极板所带电荷量将增大5．图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示．可以判断出a、b、c、d四根长直导线在正方形中心O处产生的磁感应强度方向是( )A．向上B．向下C．向左D．向右6．如图所示，直线上有o、a、b、c四点，a b间的距离与bc间的距离相等，在o点处有固定点电荷，已知b点电势低于c点电势。
若一带负电粒子仅在电场力作用下先从c 点运动到b点，再从b点运动到a点，则（）A．o点处固定点电荷带正电B．前一过程中电场力做的功大于后一过程中电场力做的功C．后一过程中，粒子的动能不断增大D．带电粒子在a点的电势能大于在c点的电势能7．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R0为滑动变阻器。
甘肃省静宁县第一中学2022-学年高二物理上学期期末考试试题(实验班,含解析)
B. 变压器原、副线圈中的电流之比为100 ：1
C.Rt温度降低时，适当增大R1可保持Rt两端的电压不变
D.Rt温度升高时，电压表的示数不变、电流表的示数变大
【有效值为 ，即电压表的读数为36V，故A错误；
A. 线圈B内有顺时针方向的电流、线圈向右摆动
B. 线圈B内有顺时针方向的电流、线圈向左摆动
C. 线圈B内有逆时针方向的电流、线圈向右摆动
D. 线圈B内有逆时针方向的电流、线圈向左摆动
【答案】A
【解析】
【详解】根据题意可知，在螺线管内通有，在 时间内，由右手螺旋定那么可知，线圈B的磁场水平向左，当电流增大，那么磁通量变大，根据楞次定律可得，所以感应电流顺时针〔从左向右看〕；从产生感应电流阻碍的角度可知，线圈向右运动，才能阻碍磁通量的增大。
A. 小金属球沿抛物线下滑后最终停在O点
B. 小金属球沿抛物线下滑后对O点压力一定大于mg
C. 小金属球沿抛物线下滑后每次过O点速度一直在减小
D. 小金属球沿抛物线下滑后最终产生的焦耳热总量是mg〔b﹣a〕
【答案】BD
【解析】
【详解】A．圆环在磁场中运动的过程中，没有感应电流，机械能不再减小，所以圆环最终在直线y=a以下来回摆动，故A错误；
CD.在电路b中，由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开S时，由于线圈阻碍电流变小，导致A将变得更亮，然后逐渐熄灭，故C错误，D正确；
11.如下图，甲图是一理想变压器，原、副线圈的匝数比为100 ：1．假设向原线圈输入图乙所示的正弦交变电流，图中Rt为热敏电阻〔阻值随温度升高而变小〕，R1为可变电阻，电压表和电流表均为理想电表，以下说法中正确的选项是〔 〕
甘肃省静宁县高二物理上学期期末考试试题
2014—2015学年度(上)高二期末考试物理试卷一、选择题(本题共13小题，每小题4分，共52分．在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-13题有多个选项符合要求，每小题给出的四个选项中，全部选对得4分，选对而选不全的得2分，有选错或者不选的得0分)1．下列说法正确的是( )A．物体所带的电荷量可以是任意实数B．电场线就是带电粒子只受电场力时的运动轨迹C．磁极与磁极间的相互作用是通过磁场产生的D．在导体中，只要自由电荷在运动就一定会形成电流2．正电荷q在电场力作用下由P向Q做加速运动，而且加速度越来越大，那么可以断定，它所在的电场是下列图中的哪一个（）3.如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态。
现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变。
下列说法中正确的是（）A．液滴将向下运动B．液滴将向上运动C．极板所带电荷量不变D．极板所带电荷量将减少4．如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A、B两灯的亮度变化情况为（）A．A灯和B灯都变亮B．A灯和B灯都变暗C．A灯变亮，B灯变暗D．A灯变暗，B灯变亮5．用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1 ，如果采用乙电路，测量值为R2 ，那么R1 、R2与真实值R之间的大小关系为（）A．R1＞R＞R2B．R1＜R＜R2C．R＞R1＞R2D．R＜R1＜R2ABP6．欧姆表是由表头、干电池和调零电阻等串联而成的，有关欧姆表的使用连接，以下说法不正确的是( )A ．使用前检查指针是否指在左侧“0”刻度处B ．测电阻前要使红黑表笔相接，调节调零电阻，使表头的指针指右侧零C ．红表笔与表内电池负极相连接，黑表笔与表内电池正极相连接D ．测电阻时，表针向右偏转角度越大，待测电阻阻值越大 ７．对磁感应强度的定义式IL F B / 的理解，下列说法正确的是( )A ．磁感应强度B 跟磁场力F 成正比，跟电流强度I 和导线长度L 的乘积成反比B ．如果通电导体在磁场中某处受到的磁场力F 等于0，则该处的磁感应强度也等于0C ．公式表明，磁感应强度B 的方向与通电导体的受力F 的方向相同D ．磁感应强度B 是由磁场本身决定的，不随F 、I 及L 的变化而变化 ８．如右图所示，三条长直导线都通以垂直于纸面向外的电流，且123I I I ==，则距三导线等距的A 点的磁场方向为（ ） A ．向上 B ．向右C ．向左D ．向下９．如图所示，曲线是电场中的一组电场线，A 、B 是电场中的两点，则下列说法正确的是（ ） A ．电势AB j j >，场强A B E E < B ．电势AB jj >，场强A B E E >C ．将q +电荷从A 点移到B 点电场力做正功D ．将q -电荷分别放在A 、B 两点时具有的电势能A BP P E E >10．如图所示，一根质量为m 的金属棒AC ，用软线悬挂在磁感强度为B 的匀强磁场中，通入A→C 方向的电流时，悬线张力不为零，欲使悬线张力为零，可以采用的办法是( ) A ．不改变电流和磁场方向，适当增大电流B ．不改变磁场和电流方向，适当增大磁感应强度C ．改变电流方向，并适当增加电流D ．改变电流方向，并适当减小电流11．如图所示，水平直导线中通有稳恒电流I ，导线的正上方处有一电荷以初速度v0，方向与电流方向同相运动，以后该电荷可能将（ ） A ．沿路径a 运动，曲率半径变小 B ．沿路径a 运动，曲率半径变大 C ．沿路径b 运动，曲率半径变小 D ．沿路径b 运动，曲率半径变大12．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行。
甘肃省静宁县一中2020-2021学年高二物理上学期第二次考试试题(含解析)
甘肃省静宁县一中2020-2021学年高二物理上学期第二次考试试题（含解析）一、选择题(本大题共14小题，其中1—8题每小题只有一个答案是正确的，9—14题每小题至少有一个答案是正确的，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分，每小题4分，共56分)1.关于电场，下列说法正确的是 A. 电场和电场线都是客观存在的 B. 没有画电场线的地方不存在电场 C. 电场线的方向即为带电粒子的运动方向D. 等差等势面越密的地方,电场线越密,电场强度越大 【答案】D 【解析】【详解】A ．电场是客观存在的，电场线不是客观存在的，故A 错误. B ．没有画电场线的地方不一定不存在电场，有可能存在，故B 错误.C ．电场线的方向不一定是带电粒子运动的方向，是正电荷受力的方向，故C 错误.D ．电场线的疏密程度描述场强大小，电场线越密的地方电场强度越大，而等差等势面越密的地方电场线也越密，故D 正确.2.真空中两个静止的点电荷相距一定距离时，它们之间的库仑力F 。
若将两个电荷的电荷量都变为原来的3倍而距离保持不变，则它们之间的库仑力将变为 A. 9F B. 6FC.16F D.19F 【答案】A 【解析】 【详解】开始时：122q q F kr=； 当将两个电荷的电荷量都变为原来的3倍而距离保持不变，则'122339q q F kF r ⋅== A ．9F ，与结论相符，选项A 正确；B．6F，与结论不相符，选项B错误；C．16F，与结论不相符，选项C错误；D．19F，与结论不相符，选项D错误；3.下列说法中正确的是A. 电动势在数值上等于电源两端的电压B. 电动势的大小等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功C. 由qIt可知，通过导线截面的电荷量越多，电流越大D. 电动势E的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质上一样【答案】B【解析】【详解】A.根据闭合电路欧姆定律得知：电动势的数值等于内外电压之和，当电源没有接入电路时，电路中没有电流，电源的内电压为零，外电压即电源两极间的电压等于电动势；当电源接入电路时，电路有电流，电源有内电压，两极间的电压小于电动势，故A错误；B.电动势的大小等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功，故B正确；C.单位时间通过导体横截面的电荷量越大，电流越大，故C错误；D. 电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱；电势差、电势描述电场的能的性质的物理量，三者的本质不同，故D错误。
甘肃省平凉市静宁县第一中学高二物理上学期精选试卷检测题
甘肃省平凉市静宁县第一中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，一带电小球P用绝缘轻质细线悬挂于O点。
带电小球Q与带电小球P处于同一水平线上，小球P平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。
现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q，使带电小球P能够保持在原位置不动，直到小球Q移动到小球P位置的正下方。
对于此过程，下列说法正确的是（）A．小球P受到的库仑力先减小后增大B．小球P、Q间的距离越来越小C．轻质细线的拉力先减小后增大D．轻质细线的拉力一直在减小【答案】AD【解析】【分析】【详解】画出小球P的受力示意图，如图所示当小球P位置不动，Q缓慢向右下移动时，Q对P的库仑力先减小后增大，根据库仑定律可得，QP间的距离先增大后减小；轻质细线的拉力则一直在减小，当Q到达P的正下方时，轻质细线的拉力减小为零，故选AD。
2．如图所示，竖直平面内固定一倾斜的光滑绝缘杆，轻质绝缘弹簧上端固定，下端系带正电的小球A，球A套在杆上，杆下端固定带正电的小球B。
现将球A从弹簧原长位置由静止释放，运动距离x0到达最低点，此时未与球B相碰。
在球A向下运动过程中，关于球A的速度v 、加速度a 、球A 和弹簧系统的机械能E 、两球的电势能E p 随运动距离x 的变化图像，可能正确的有（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】CD【解析】【分析】【详解】令A 、B 小球分别带电量为1q 、2q ，释放A 球时A 、B 间距为r ，弹簧的劲度系数为K 。
则 A ．在小球A 运动到最低点的过程中，受力分析如图所示加速阶段有 122sin ()kq q ma mg θKx r x =--- 减速阶段有 122sin ()kq q ma Kx mg θr x =+-- 所以小球先做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，越向下运动，弹力和电场力越大，所以减速阶段速度减小的更快，速度减为零的时间更短，和加速阶段不对称，A 错误；B ．小球做加速度减小的加速运动时， 122sin ()kq q K a g θx m r x m=--- 对a 求导则 1232d d ()kq q a K x m r x m=-- 则加速阶段，加速度随着运动距离x 的增加而减小，且加速减小得越来越快（即a -x 曲线越来越陡峭）。
甘肃省静宁县第一中学2019_2020学年高二物理上学期第一次月考试题(含解析)
甘肃省静宁县第一中学2019-2020学年高二物理上学期第一次月考试题（含解析）一、选择题1.两个相同的带电导体小球所带电荷量的比值为1：3,相距为r 时相互作用的引力的大小为F,今使两小球接触后再分开放到相距为2r 处,则此时库仑力的大小为（ ） A.12FB.6F C.4F D.3F 【答案】A 【解析】【详解】两电荷之间存在引力,可知带异种电荷,设一个小球带电量为大小Q,则另一个为大小3Q,根据库仑定律有：两球接触前：23Q QF kr ⨯=；接触再分开后,两球带同种电荷,因此两球带电量大小分别为：1232Q Q Q Q Q -=== ;由库仑定律得：()2122Q Q F F k r ='⨯=,故BCD 错误,A 正确。
故选A 。
2.如图所示,虚线a 、b 、c 代表电场中的三个等势面,相邻等势面之间的电势差相等,即U ab =U bc ,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,P 、Q 是这条轨迹上的两点,据此可知（ ）A. 三个等势面中,a 的电势最高B. 带电质点通过P 点时电势能较大C. 带电质点通过P 点时的动能较大D. 带电质点通过P 点时的加速度较小 【答案】B 【解析】电荷所受电场力指向轨迹内侧,由于电荷带正电,因此电场线指向右下方,沿电场线电势降低,故c 等势线的电势最高,a 点的电势最低,故A 错误；根据质点受力情况可知,从P 到Q 过程中电场力做正功,电势能降低,故P 点的电势能较大,故B 错误；根据质点受力情况可知,从P到Q 过程中电场力做正功,动能增加,所以质点通过Q 点时的动能较大,故C 错误；等势线密的地方场强大,加速度大,故质点通过P 点时的加速度较大,故D 错误。
所以B 正确,ACD 错误。
3.如图所示为两个等量点电荷的电场线,图中A 点和B 点、C 点和D 点皆关于两电荷连线的中点O 对称,若将一电荷放在此电场中,则以下说法正确的是（ ）A. 电荷在O 点受力最大B. 电荷沿直线由A 到B 的过程中,电场力先增大后减小C. 电荷沿直线由A 到B 的过程中,电势能先增大后减小D. 电荷沿直线由C 到D 的过程中,电场力先增大后减小 【答案】D 【解析】试题分析：根据电场线的疏密特点,在AB 直线上,O 点电场强度最小,则受到电场力最小,而在CD 直线上,O 点的电场强度最大,则受到电场力最大,因此电荷在0点受力不是最大,故A 错误．根据电场线的疏密可知,从A 到B 的过程中,电场强度先减小后增大,则电场力也先减小后增大；同理从C 到D 的过程中,电场强度先增大后减小,则电场力也先增大后减小．故B 错误,D 正确,电荷沿直线由A 到B 的过程中,无法确定电荷做功的正负,因此无法确定电势能变化,故C 错误．故选D 。
2022至2022年高二前半期期末考试物理试卷(甘肃省平凉市静宁县第一中学)
2022至2022年高二前半期期末考试物理试卷（甘肃省平凉市静宁县第一中学）选择题如下图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA＝1 V，φB＝4 V，φC＝0，则D点电势φD的大小为( )A. －3 VB. 0C. 2 VD. 1 V【答案】A【解析】将BC四等分，标上四等分点E、F、G，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为1V，F 点的电势为2V，G点的电势为3V．连接AE，则AE为一条等势线，根据几何知识可知，DP∥AE，则DP也是一条等势线，所以D点电势．故选A.选择题如图所示，厚薄均匀的矩形金属片，边长ab=10cm，bc=5cm，当A与B之间接入的电压为U时，电流为1A，若C与D间接入的电压为U时，其电流为（）A. 4 AB. 2 AC. 0．5 AD. 0．25 A【答案】A【解析】试题分析：设金属片的厚度为m，则接A、B时；接C、D时，；所以，又电压不变，得．选择题在如图所示电路中，电池均相同，当电键S分别置于a、b两处时，导线MM′与NN′之间的安培力的大小分别为Fa、Fb，则这两段导线A. 相互吸引，Fa＞FbB. 相互排斥，Fa＞FbC. 相互吸引，Fa＜FbD. 相互排斥，Fa＜Fb【答案】D【解析】试题两平行导线电流方向相反，则两通电导线相互排斥．由于电流越强，产生的磁场B越强，根据F=BIL可知电流越大则相互作用力越大．当电键S置于a处时电源为一节干电池电流的方向是M′MNN′，电流大小为，由于导线MM′与NN′中电流方向相反故两段导线相互排斥；当电键S置于b处时电源为两节干电池，电流的方向仍是M′MNN′，由于导线MM′与NN′中电流方向相反故两段导线相互排斥．又由于电路中灯泡电阻不变，此时电路中电流大小为；显然Ib＞Ia，MM′在NN′处的磁感应强度Ba＜Bb，应用安培力公式F=BIL可知fa＜fb．综上所述这两段导线相互排斥，fa＜fb．故D正确，故选D选择题（3分）如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为电压表与电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（）A.V的读数变大，A的读数变小B.V的读数变大，A的读数变大C.V的读数变小，A的读数变小D.V的读数变小，A的读数变大【答案】B【解析】试题根据S的通断可得出电路电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中总电流及路端电压的变化；再由串并联电路的性质可判及各部分电流的变化．解：S断开，相当于电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；把R1归为内阻，内电压减小，故R3中的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，故B正确；故选B．选择题带电粒子以初速度v0从a点进入匀强磁场，如图所示．运动中经过b点，Oa＝Ob，若撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场，仍以相同的速度v0从a点进入电场,粒子仍能通过b点．设加磁场时，粒子通过b点的速度为v1,加电场时通过b点的速度为v2，则下列判断正确的是(不计重力)A. v1＞v2B. v1＝v2C. v1＜v2D. 无法判定大小关系【答案】C【解析】带电粒子以速度v0从a点进入匀强磁场，运动中经过b点，Oa=Ob，所以圆周运动的半径正好等于d，洛伦兹力不做功故速度大小不变，利用几何关系判断粒子速度方向；如果换成匀强电场，则粒子做类平抛运动，根据平抛运动的基本规律结合动能定理即可分析求解.带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系可知圆周运动的半径：r=oa=ob，因为洛伦兹力不做功，故加磁场时粒子通过b点的速度大小不变：v1=v0，方向沿y轴负方向；如果换成匀强电场，水平方向以v0做匀速直线运动，竖直沿y 轴负方向做匀加速运动，电场力对粒子做正功，根据动能定理可知动能变大，通过b点的速度大小：v2＞v0，根据类平抛特点可知速度方向斜朝右下方与x轴正方向成锐角，所以v1＜v2 ，并且v1、v2方向不同，故A、B、D错误，C正确.故选C.选择题如图所示，直线A为电源的路端电压与总电流关系的伏安图线，直线B为电阻R两端电压与通过该电阻流关系的伏安图线，用该电源和该电阻组成闭合电路，电源的输出功率和效率分别是：A. 2瓦，66．7％B. 2瓦，33．3％C. 4瓦，33．3％D. 4瓦，66．7％【答案】A【解析】选择题宽为L，共N匝，线圈的下部悬在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面。
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甘肃省静宁县第一中学2019-2020学年高二物理上学期期末考试试题（实验班，含解析）第I 卷（选择题）一、选择题（本题共14道小题，每小题4分，共56分。
其中1—9题的四个选项中只有一个选项正确，10—14题的四个选项中有两个或两个以上选项正确，全部选对得4分，选对但选不全的得2分，有错选的得0分。
）1.关于电磁感应，下述说法中正确的是( )A. 穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B. 穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零C. 穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D. 穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大【答案】C【解析】 【详解】法拉第电磁感应定律得E n t ∆Φ=∆是比值定义式，感应电动势与穿过线圈的磁通量的大小，所用的时间，没有正反比关系，感应电动势与磁通量的变化率成正比，即穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大，故C 正确。
故选C 。
2.如图所示，属于交流电的是( )A.B. C. D.【答案】C【解析】【详解】交流电是指电流的大小和方向均随时间做周期性变化的电流；由图可知，符合条件的只有C ；故选C ．3.如图所示，一个闭合导体圆环固定在水平桌面上，一根条形磁铁沿圆环的轴线运动，使圆环内产生了感应电流．下列四幅图中，产生的感应电流方向与条形磁铁的运动情况相吻合的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【详解】A．由图示可知，在磁铁S极上升过程中，穿过圆环的磁场方向向上，在磁铁远离圆环时，穿过圆环的磁通量变小，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流沿逆时针方向，故A错误；B．由图示可知，在磁铁S极下落过程中，穿过圆环的磁场方向向下，在磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量变大，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流顺时针方向，故B错误；C．同时，在磁铁N极上升过程中，穿过圆环的磁场方向向上，在磁铁远离圆环时，穿过圆环的磁通量变大，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流沿顺时针方向，故C 错误；D．由图示可知，在磁铁N极下落过程中，穿过圆环的磁场方向向下，在磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量变大，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流逆时针方向，故D正确。
故选D。
4.一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示，由图可知（）A. 该交流电的电压瞬时值的表达式为u =100sin （25t ）VB. 该交流电的频率为50HzC. 该交流电的电压的有效值为100VD. 若将该交流电压加在阻值为R =100Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率是50W【答案】D【解析】【详解】A ．由图可知241s 0T -=⨯故 125Hz f T == 250πrad/s f ωπ==所以其表达式为100sin 50πV u t =（）故AB 错误；C ．由图像可知交流电的最大值为100V ，因此其有效值为m V 502V 22U === 所以R 消耗的功率为 22(502)W 50W U P R === 故C 错误，D 正确。
故选D 。
5.如图甲所示，通电螺线管A 与用绝缘绳悬挂的线圈B 的中心轴在同一水平直线上，A 中通有如图所示的变化电流，t =0时电流方向如图乙中箭头所示．在t 1～t 2时间内，对于线圈B 的电流方向（从左往右看）及运动方向，下列判断正确的是（ ）A. 线圈B 内有顺时针方向的电流、线圈向右摆动B. 线圈B 内有顺时针方向的电流、线圈向左摆动C. 线圈B 内有逆时针方向的电流、线圈向右摆动D. 线圈B 内有逆时针方向的电流、线圈向左摆动【答案】A【解析】【详解】根据题意可知，在螺线管内通有，在12t t ～时间内，由右手螺旋定则可知，线圈B 的磁场水平向左，当电流增大，则磁通量变大，根据楞次定律可得，所以感应电流顺时针（从左向右看）；从产生感应电流阻碍的角度可知，线圈向右运动，才能阻碍磁通量的增大。
故选A 。
6.如图，为一交流电的电流随时间而变化的图象，此交流电流的有效值是（ ）2A 392 A D. 10A【答案】A【解析】 【详解】根据有效值的定义：((222423222T T R R I RT +=， 可求有效值 I 2A ，故A 正确；BCD 错误．故选A 。
7.如图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从如图所示的位置匀速拉出匀强磁场．若第一次用0.3 s 时间拉出，外力所做的功为W 1，通过导线截面的电荷量为q 1；第二次用0.9 s 时间拉出，外力所做的功为W 2，通过导线截面的电荷量为q 2，则( )A. W 1<W 2，q 1<q 2B. W 1<W 2，q 1＝q 2C. W 1>W 2，q 1＝q 2D. W 1>W 2，q 1>q 2【答案】C【解析】【详解】第一次用0.3s 时间拉出，第二次用0.9s 时间拉出，两次速度比为3:1，由E =BLv ，两次感应电动势比为3:1，两次感应电流比为3:1，由于F 安=BIL ，两次安培力比为3:1，由于匀速拉出匀强磁场，所以外力比为3:1，根据功的定义W =Fx ，所以：W 1:W 2=3:1；根据电量q I t =∆，感应电流E I R=，感应电动势E t φ∆=∆，得： q R∆=φ 所以：q 1:q 2=1:1， 故W 1＞W 2，q 1=q 2。
A. W 1<W 2，q 1<q 2。
故A 错误；B. W 1<W 2，q 1＝q 2。
故B 错误；C. W 1>W 2，q 1＝q 2。
故C 正确；D. W 1>W 2，q 1>q 2。
故D 错误；8.如图，直角坐标系oxy 的2、4象限有垂直坐标系向里的匀强磁场磁感应强度大小均为B ，在第3象限有垂直坐标系向外的匀强磁场磁感应强度大小为2B ，现将半径为R ，圆心角为90°的扇形闭合导线框OPQ 在外力作用下以恒定角速度绕O 点在纸面内沿逆时针方向匀速转动．t=0时线框在图示位置，设电流逆时针方向为正方向．则下列关于导线框中的电流随时间变化关系正确的是（ ）A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】在0﹣t时间内，线框从图示位置开始（t=0）转过90°的过程中，产生的感应电动势为：E1=ω•R2；由闭合电路欧姆定律得，回路电流为：I1==．根据楞次定律判断可知，线框中感应电流方向沿逆时针．在t﹣2t时间内，线框进入第3象限的过程中，回路电流方向为顺时针．回路中产生的感应电动势为：E2=ω•R2+ω•R2=Bω•R2=3E1；感应电流为：I2=3I1；在2t﹣3t时间内，线框进入第4象限的过程中，回路电流方向为逆时针．回路中产生的感应电动势为：E3=ω•R2+ω•R2=Bω•R2=3E1；感应电流为：I2=3I1；在3t﹣4t时间内，线框出第4象限的过程中，回路电流方向为顺时针．回路中产生的感应电动势为：E4=ω•R2；由闭合电路欧姆定律得，回路电流为：I4=I1；故B正确．故选B9.一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法正确的有（）A. t1时刻线圈位于中性面B. t2时刻通过线圈的磁通量最大C. 考虑保险丝的熔断电流时应该用E mD. 一个周期内交变电流的方向改变一次【答案】A【解析】【详解】A．t1时刻感应电动势为零，磁通量最大，线圈位于中性面，故A正确；B．由图知t2时刻，感应电动势为最大值，通过线圈的磁通量为零，故B错误；C．保险丝的熔断电流时应该用有效值，故C错误；D．一个周期内交变电流的方向改变两次，故D错误。
故选A。
10.如图电路（a）、（b）中，电阻R和自感线圈L的电阻值都是很小．接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光A. 在电路（a）中，断开S，A将渐渐变暗B. 在电路（a）中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变暗C. 在电路（b）中，断开S，A将渐渐变暗D. 在电路（b）中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变暗【答案】AD【解析】【详解】AB.在电路a中，断开S，L、A串联，由于线圈阻碍电流变小，L相当于电源，导致A将逐渐变暗，流过A的电流方向不会发生变化，故A正确，B错误；CD.在电路b中，由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开S 时，由于线圈阻碍电流变小，导致A 将变得更亮，然后逐渐熄灭，故C 错误，D 正确；11.如图所示，甲图是一理想变压器，原、副线圈的匝数比为100 ：1．若向原线圈输入图乙所示的正弦交变电流，图中R t 为热敏电阻（阻值随温度升高而变小），R 1为可变电阻，电压表和电流表均为理想电表，下列说法中正确的是（ ）A. 在t ＝0.005s 时，电压表的示数约为50.9VB. 变压器原、副线圈中的电流之比为100 ：1C. R t 温度降低时，适当增大R 1可保持R t 两端的电压不变D. R t 温度升高时，电压表的示数不变、电流表的示数变大【答案】CD【解析】【详解】A.由图乙可以知道交流电压最大值m 362V U =，有效值为36V ，即电压表的读数为36V ，故A 错误；B.原、副线圈的匝数比为100:1，所以变压器原、副线圈中的电流之比为1:100，故B 错误；C.输入电压不变，变压器输出电压不变，R t 两端的电压2t t t 1U U R R R =⋅+；R t 温度降低时，电阻增大，在串联电路中适当增大R 1，可保持R t 两端的电压不变，故C 正确；D.电压表示数为输入电压，保持不变；输入电压不变，变压器的输出电压不变，R t 温度升高时，阻值减小，副线圈回路电流变大，电流表的示数变大，故D 正确。
12.法拉第圆盘发电机的示意图如图所示．铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P 、Q 分别与圆盘的边缘和铜轴接触．圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场B 中，半径为L ．若从上向下看，圆盘以角速度ω顺时针转动，下列说法正确的有A. P 的电势高于Q 的电势B. P 的电势低于Q 的电势C. 圆盘转动产生的感应电动势为12BL 2ω D. 若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，则电流在R 上的热功率也变为原来的2倍【答案】BC【解析】【详解】AB ．把铜盘等效为无数根导体棒，根据右手定则可知，电流从P 流向Q ，又因为此时PQ 段相当于电源，故P 的电势低于Q 的电势；故A 错误，B 正确。
C ．设圆盘转动了△t 时间，则该时间内，等效导体棒扫过面积的磁通量为212BL t φω∆=∆ 根据法拉第电磁感应定律有 212E BL t φω∆==∆ 故C 正确。
D ．若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，则电动势变为原来的2倍，此时电流在R 上的热功率变为原来的4倍，故D 错误。