〖精选5套试卷〗2021学年毕节地区名校高二物理下学期期末经典试题
高中高二物理下学期期末考试卷
高中高二物理下学期期末考试卷高中2021年高二物理下学期期末考试卷【】为了协助考生们了解高中学习信息，查字典物理网分享了高中2021年高二物理下学期期末考试卷，供您参考! 一.选择题(此题有10小题，每题4分,共40分.在每题给出的四个选项中，有的小题只要一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全选对的得4分，选不全的得2分,有选错或不答的得0分.)1.假定能将指南针移到地球球心处，那么指南针指向( )A.由于地球球心处无磁场，故指南针自在静置方向不确定B.依据同名磁极相斥，异名磁极相吸判定知，指南针N极指向地球北极左近C.依据小磁针N极受力方向沿该处磁场方向判定知，指南针N极指向地球南极左近D.地球对指南针经过磁场发作力的作用，但指南针对地球不发生磁场力作用2.以下关于电磁感应的说法中正确的选项是( )A.位于磁场中的闭合线圈，一定能发生感应电流B.闭合线圈在磁场中做减速运动，一定能发生感应电流C.闭合线圈在磁场中作切割磁感线运动，一定能发生感应电流D.穿过闭合线圈的磁感线条数发作变化，一定能发生感应电流3.将面积是0.5m2的导线环放在匀强磁场中，环面与磁场方向垂直，穿过这个导线环的磁通量是210-2Wb，那么该匀强磁场的磁感应强度是( )A.210-2TB.510-2TC.410-2TD.610-2T4.如下图的电路，电源电动势为，内电阻为r，R为一电阻箱。
R1、R2、R3均为定值电阻，当电阻箱R的阻值减小时( )A.R1中电流增大B.R2中电流增大C.R3中电流增大D.R中电流增大5.一按正弦规律变化的交流电的图象如下图,依据图象可知( )A.该交流电电压的有效值是14.1VB.该交流电的电压瞬时值表达式是u = 20sin0.02t (V)C.在t = T/8(T为交流电的周期)时，该电压的大小与其有效值相等D.运用这个交流电的用电器，每经过1C的电量时，电流做了14.1J的功6.有一电阻极小的导线绕制而成的线圈接在交流电源上，假设电源电压的峰值坚持一定，下边哪种状况下，能使经过线圈的电流减小( )A.减小电源的频率B.增大电源的频率C.坚持电源的频率不变，在线圈中参与铁芯D.坚持电源的频率不变，增加线圈的匝数7.如下图，矩形线框以恒定速度v经过匀强有界磁场，那么在整个进程中，以下说法正确的选项是( )A.线框中的感应电流方向是先逆时针方向，后顺时针方向B.线框中的感应电流方向是先顺时针方向，后逆时针方向C.线框进入磁场进程中所受安培力方向向右D.线框分开磁场进程中所受安培力方向向左8.如下图，平均绕制的螺线管水平放置，在其正中心的上方左近用绝缘线水平吊起通电直导线A，导线与螺线管垂直.A 中的表示导线中电流的方向垂直于纸面向里.电键S闭合前、后，绝缘线对导线A的作用力大小的变化状况是( )A.增大B.减小C.不变D.不能确定9.如图电路中，P、Q两灯相反，电感线圈L的电阻不计，那么( )A.当开关S由闭合突然断开的瞬间，P立刻熄灭，Q过一会才熄灭B.当开关S由断开突然接通的瞬间，P、Q同时到达正常发光C.当开关S由闭合突然断开的瞬间，经过P的电流从右向左D.当开关S由闭合突然断开的瞬间，经过Q的电流与原来方向相反10.在半径为r的圆形区域内有一匀强磁场，磁场方向如图5所示.一束速度不同的质子从磁场边缘的A点沿直径方向飞入磁场后，经不同途径飞出磁场，其中有三个质子区分抵达磁场边缘的a，b，c三点.假定不计质子间的相互作用力，比拟这三个质子的运动状况，下面说法正确的选项是( )A.抵达c点的质子，在磁场中运动的时间最长B.抵达a点的质子，在磁场中运动的时间最长C.抵达b点的质子，在磁场中运动的时间最长D.这三个质子在磁场中运动的时间相反第II卷(非选择题),共110分留意:在答题卷上相应位置作答.计算题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的标题，答案中必需明白写出数值和单位.11.(8分)(1).欧姆表是依据电路中的与电阻相对应的规律制成的可直接测量未知电阻的电表.(2).在左图欧姆表外部结构表示图上的a处表示电源的极，c表示色表笔.(3).假设测某电阻时欧姆表示数如右图所示，此时所用倍率为10，那么该电阻的阻值为_________。
2021年高二下学期期末考试物理试题含答案
2021年高二下学期期末考试物理试题含答案一．选择题（本大题共15小题；每小题3分，共45分。
在每小题给出的四个选项中，有一个选项或多个选项正确。
全部选对的得3分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．下面有关光的说法正确的是( ) A ．阳光下肥皂膜呈现彩色是光的干涉现象 B ．泊松亮斑是光的干涉现象C ．光照下大头针针尖的影子轮廓模糊不清是光的衍射现象D ．照相机镜头玻璃的颜色是由于光的衍射造成的2．下列说法正确的是( )A ．物体的温度升高时，其内部每个分子的动能一定都增大B ．外界对气体做正功，气体的内能可能增加C ．布朗运动是液体分子的运动，它说明分子永不停息地做无规则运动D ．气体的压强增大，气体分子在单位时间内对单位面积器壁的碰撞冲量一定增大3．如图是双缝干涉实验装置的示意图，S 为单缝，S 1、S 2为双缝，P 为光屏。
用绿光从左边照射单缝S 时，可在光屏P 上观察到干涉条纹。
下列说法正确的是( ) A ．减小双缝间的距离，干涉条纹间的距离减小B ．增大双缝到屏的距离，干涉条纹间的距离增大C ．将绿光换为红光，干涉条纹间的距离减小D ．将绿光换为紫光，干涉条纹间的距离增大4．如图所示，一平面线圈用细杆悬于P 点，开始细杆处于水平位置，释放后它在图示的匀强磁场中运动。
已知线圈平面始终与纸面垂直。
当线圈第一次通过位置I 和位置II 时，顺着磁场的方向看去，线圈中感应电流的方向依次为( )A ．位置I 位置II 均为逆时针方向PS 1S 2右左B ．位置I 逆时针方向，位置II 顺时针方向C ．位置I 位置II 均为顺时针方向D ．位置I 顺时针方向，位置II 逆时针方向5．假如全世界60亿人同时数1g 水中的分子个数，每人每小时可以数5000个，不间断地数，已知水的摩尔质量为18g/mol ，阿伏加德罗常数为6×1023，则完成任务所需的时间最接近于( ) A ．1年 B ．1千年 C ．10万年 D ．1千万年6．如图所示是一种延时开关，当S 1闭合时，电磁铁F 将衔铁D 吸下，C 线路接通；当S 1断开时，由于电磁感应作用，D 将延迟一段时间才被释放，则( ) A ．由于A 线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D 的作用 B ．由于B 线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D的作用 C ．如果断开B 线圈的电键S 2，延时作用仍很明显 D ．如果断开B 线圈的电键S 2，延时作用将明显减弱7． （氡222）衰变为（钋218）的规律如图所示。
2021年高二物理下学年期末测试题
高二物理下学年期末测试题高二物理下学年期末测试题集锦不断努力学习才能丰富自己的知识，下文是物理网为大家带来的高二物理下学年期末测试题，大家一定要仔细阅读哦。
第Ⅰ卷选择题(共40分)一、选择题：(本题10个小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得4分，选错或不选均得0分。
)1.A为已知电场中的一固定点，在A点放一个电荷量为q的正的点电荷，所受的电场力为F,A点的场强为E，则：A.若在A点换上点电荷-q，A点的场强方向将发生变化B.若在A点换上电荷量为2q的点电荷，A点的场强变为2EC.若将A点的电荷移去，A点的场强变为零D.A点的场强的大小、方向与放在该处的q的大小、正负、有无均无关2.一个阻值为2Ω的电阻，通过它的电流为1A，下列说 ___确的是：A.1s内通过该电阻的电荷量为2CB.该电阻1s内的发热量为2JC.该电阻的发热功率是4WD.以上说法都不对3.如上图所示为两电阻R1、R2中的电流I和电压U的`关系图线，可知两电阻的大小之比R1：R2等于：A.1：3B.3：1C.1：D. ：14.如下图所示，当S闭合后，画出的通电电流磁场中的小磁针偏转的位置正确的是：5.关于电容器，下列中说 ___确的是：A、电容器的带电量Q为两极板所带电荷量的总和B、两个相互靠近又彼此绝缘的导体就构成一个电容器C、由C=Q/U可知，一只电容器的带电量越大，它的电容就越大D、由C=Q/U可知，一只电容器两端电压越小，它的电容就越大6.两个相同的带异种电荷的导体小球所带电荷量的比值为1∶3，相距为r时相互作用的库仑力的大小为F，今使两小球接触后再分开放到相距为2r处，则此时库仑力的大小为：A. B. C. D.7.点电荷置于真空中的O点，A、B、C三个虚线圆表示该点电荷电场中三个等势面，如图所示。
已知等势面的电势?A<?B<?C,m点位于A等势面上，n点位于B等势面上。
2021年高二物理下学期期末试卷(含解析)
2021年高二物理下学期期末试卷（含解析）一、单项选择题（每小题3分，共24分）1．某环保汽车做匀加速直线运动时，其加速度大小为2m/s2，下列说法正确的是（）A．环保汽车的末速度比初速度大2m/sB．环保汽车每秒钟的速度增加2m/sC．环保汽车第3秒初的速度比第2秒末的速度大2m/sD．环保汽车第3秒末的速度比第2秒初的速度大2m/s2．某物体做直线运动，其位移随时间变化的规律是x=3t+2t2，x和t的单位分别是m和s，则物体运动的初速度、加速度，及5s末的位移分别为（） A． 3m/s 2m/s2 45m B． 3m/s 4m/s2 65mC． 2m/s 3m/s2 45m D． 4m/s 3 m/s2 65m3．某汽车在平直的公路上以30m/s的速度行驶，偶遇车祸刹车，加速度为10m/s2．则汽车在2s内的位移和4秒内的位移分别为（）A． 40m 50m B． 40m 20m C． 40m 45m D． 45m 40m4．如图所示，水平地面上固定着一竖直立柱，某人通过柱顶的定滑轮拉着绳的一端将200N的重物拉住不动．已知绳与水平地面的夹角为30°，则定滑轮所受绳的压力大小为（）A． 400 N B． 200 N C． 300 N D． 200 N5．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶，在t=0到t=t1的时间内，它们的v﹣t图象如图所示．在这段时间内（）A．汽车甲的平均速度比乙的大B．汽车乙的平均速度等于C．甲乙两汽车的位移相同D．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大6．人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动，如图所示．以下说法正确的是（）A．人受到重力和支持力的作用B．人受到重力、支持力和摩擦力的作用C．人受到的合外力不为零D．人受到的合外力方向与速度方向相同7．如图所示，质量为m的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上．已知三棱柱与斜面之间的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为（）A． mg和mg B． mg和mg C． mg和μmg D． mg和μmg8．如图所示，质量m=1kg的小球放在光滑水平面上，一水平放置的轻弹簧一端与墙相连，另一端与小球相连，一不可伸长的轻质细绳一端与小球相连，另一端固定在天花板上，细绳与竖直方向成45°角，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰为零．取g=10m/s2，则在烧断轻绳的瞬间，下列说法正确的是（）A．小球所受合外力为零B．小球加速度大小为10m/s2，方向向左C．小球加速度大小为10m/s2，方向向左D．小球所受合外力的方向沿左下方与竖直方向成45°角二、多项选择题（每题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，不止一个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）9．某军事试验场正在平地上试射地对空导弹，若某次竖直向上发射导弹时发生故障，造成导弹的v﹣t图象如图所示，则下述说法中正确的是（）A． 0～1s内导弹匀速上升B． 1～2s内导弹静止不动C． 3s末的位移为60m D． 5s末导弹恰好回到出发点10．如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A． M静止在传送带上B． M可能沿传送带向上运动C． M受到的摩擦力变大D． M下滑的速度不变11．如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量大，这一现象表明（）A．电梯的加速度方向一定是向上B．电梯一定是在下降C．电梯一定是在上升D．乘客一定处于超重状态12．如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示．根据图乙中所标出的数据可计算出（）A．物体的质量为1 kgB．物体的质量为2kgC．物体与水平面间的动摩擦因数为0.3D．物体与水平面间的动摩擦因数为0.5三、实验题（13题12分，14题8分，共20分）13．某学生利用“研究匀变速直线运动”的实验装置来测量一个质量m=50g的重锤下落时的加速度值，该学生将重锤固定在纸带下端，让纸带穿过打点计时器，实验装置如图1所示．（1）以下是该同学正确的实验操作和计算过程，请填写其中的空白部分：①实验操作：，释放纸带，让重锤自由落下，．②取下纸带，取其中的一段标出计数点如图2所示，测出相邻计数点间的距离分别为x1=2.60cm，x2=4.14cm，x3=5.69cm，x4=7.22cm，x5=8.75cm，x6=10.29cm，已知打点计时器的打点间隔T=0.02s，则重锤运动的加速度计算表达式为a= ，代入数据，可得加速度a= m/s2（计算结果保留三位有效数字）．（2）结果发现，重锤下落时的加速度比实际的重力加速度小，为了有效地缩小这个实验测得的加速度与实际的重力加速度之差，请你提出一个有效的改进方法：．14．如图1为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置．（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变，用钩码所受的重力作为，用DIS测小车的加速度．（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F 关系图线如图2所示．①分析此图2线的OA段可得出的实验结论是．②（单选题）此图2线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大．四、计算题（本题共4小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）注意：请作答在试题后面，不够写请写好题号作答在下面的空白处15．甲车以10m/s的速度在平直的公路上匀速行驶，乙车以4m/s的速度与甲车平行同向做匀速直线运动，甲车经过乙车旁边开始以0.5m/s2的加速度刹车，从甲车刹车开始计时，求：（1）乙车在追上甲车前，两车相距的最大距离；（2）乙车追上甲车所用的时间．16．如图所示，质量为m的物体悬挂在轻质支架上，斜梁OB与竖直方向的夹角为θ．求水平横梁OA和斜梁OB作用于O点的弹力分别为F N1和F N2．17．如图所示，在倾角为θ的粗糙斜面上，有一个质量为m的物体被水平力F推着静止于斜面上，已知物体与斜面间的动摩擦因数为μ，且μ＜tanθ，若物体恰好不下滑，则推力F为多少？若物体恰好不上滑，则推力F为多少？（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）18．如图所示，一辆卡车后面用轻绳拖着质量为m的物体A，A与地面的摩擦不计．求：（1）当卡车以a1=g的加速度运动时，绳的拉力为mg，则A对地面的压力？（2）当卡车的加速度a2=g时，绳的拉力？xx学年云南省怒江州福贡一中高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共24分）1．某环保汽车做匀加速直线运动时，其加速度大小为2m/s2，下列说法正确的是（）A．环保汽车的末速度比初速度大2m/sB．环保汽车每秒钟的速度增加2m/sC．环保汽车第3秒初的速度比第2秒末的速度大2m/sD．环保汽车第3秒末的速度比第2秒初的速度大2m/s考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是用来描述速度变化快慢的物理量，即加速度越大，速度变化越快，加速度越小，速度变化越慢；从它的单位来看可以表示单位时间内速度的变化量．解答：解：A、物体做匀加速直线运动加速度为2m/s2说明任意1s内物体的末速度比初速度大2m/s，故A错误，B正确．C、第3秒初与第2s末为一个时刻，故速度相同；故C错误；D、第3s末与第2s初相差2s，故第3秒的末速度一定比第2秒的初速度大4m/s，故D错误；故选：B．点评：要充分理解加速度的定义以及加速度的物理意义，并能从不同角度理解加速度意义及应用．2．某物体做直线运动，其位移随时间变化的规律是x=3t+2t2，x和t的单位分别是m和s，则物体运动的初速度、加速度，及5s末的位移分别为（）A． 3m/s 2m/s2 45m B． 3m/s 4m/s2 65mC． 2m/s 3m/s2 45m D． 4m/s 3 m/s2 65m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出物体运动的初速度和加速度，将t=5s代入x=3t+2t2求位移．解答：解：根据x=v0t+at2得知物体运动的初速度 v0=3m/s，加速度a=4m/s2．将t=5s代入x=3t+2t2得：x=3×5+2×52=65m．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道匀变速直线运动的位移时间公式，并能灵活运用．3．某汽车在平直的公路上以30m/s的速度行驶，偶遇车祸刹车，加速度为10m/s2．则汽车在2s内的位移和4秒内的位移分别为（）A． 40m 50m B． 40m 20m C． 40m 45m D． 45m 40m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：求出汽车刹车到停止所需的时间，明确汽车刹车停止后不再运动，然后根据位移时间公式x=v0t+at2求出2s内和4s内的位移．解答：解：汽车刹车到停止所需的时间t0==s=3s＞2s所以刹车2s内的位移x1=v0t1+at12=30×2﹣×10×4m=40m．t0＜4s，所以刹车后4s内的位移等于3s内的位移．为 x2==m=45m故选：C点评：解决本题的关键要判断汽车的运动状态，知道汽车刹车停下来后不再运动，所以汽车在4s内的位移等于3s内的位移．4．如图所示，水平地面上固定着一竖直立柱，某人通过柱顶的定滑轮拉着绳的一端将200N 的重物拉住不动．已知绳与水平地面的夹角为30°，则定滑轮所受绳的压力大小为（）A． 400 N B． 200 N C． 300 N D． 200 N考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：定滑轮所受的压力大小等于两侧绳子拉力的合力，根据平行四边形定则求解．解答：解：根据定滑轮的力学特征可知，定滑轮不省力，则知绳子的拉力大小等于重物的重力为200N，定滑轮所受的压力大小等于两侧绳子拉力的合力，因两绳的夹角为60°，根据平行四边形定则可知该压力大小为F=2×200N×cos30°=200N故选：B．点评：本题是简单的力的合成问题，关键抓住定滑轮不省力的特点，运用平行四边形定则进行求解．5．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶，在t=0到t=t1的时间内，它们的v﹣t图象如图所示．在这段时间内（）A．汽车甲的平均速度比乙的大B．汽车乙的平均速度等于C．甲乙两汽车的位移相同D．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大考点：匀变速直线运动的图像；平均速度．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、C、平均速度等于位移与时间的比值，在v﹣t图象中，图形的面积代表位移的大小，根据图象可知道，甲的位移大于乙的位移，由于时间相同，所以汽车甲的平均速度比乙的大，故A正确，C错误；B、由于乙车做变减速运动，平均速度不等于，故B错误；D、因为切线的斜率等于物体的加速度，汽车甲和乙的加速度大小都是逐渐减小，故D错误．故选：A．点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．6．人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动，如图所示．以下说法正确的是（）A．人受到重力和支持力的作用B．人受到重力、支持力和摩擦力的作用C．人受到的合外力不为零D．人受到的合外力方向与速度方向相同考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：人随扶梯斜向上匀速运动，处于平衡状态，合力为零；再对人受力分析，受到重力、支持力，二力平衡．解答：解：人随扶梯斜向上匀速运动，处于平衡状态，合力为零；对人受力分析，受到重力mg、支持力N，假设有静摩擦力f，设为向右，根据共点力平衡条件，有N=mgf=0故选A．点评：本题关键结合物体的运动状态对物体进行受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．7．如图所示，质量为m的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上．已知三棱柱与斜面之间的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为（）A． mg和mg B． mg和mg C． mg和μmg D． mg和μmg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对等边棱柱受力分析，可知物体受重力、支持力及摩擦力；根据共点力的平衡条件列出方程可求得支持力及摩擦力．解答：解：对物体受力分析：重力、支持力及摩擦力，作出受力图如图所示．将重力沿斜面方向及垂直斜面的方向进行分解，则根据共点力的平衡条件可得：摩擦力 F f=mgsin30°=mg；支持力 F N=mgcos30°=mg；故选：A点评：对小球进行受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题．要注意物体受到的是静摩擦力，不能直接根据摩擦力公式求解其大小．8．如图所示，质量m=1kg的小球放在光滑水平面上，一水平放置的轻弹簧一端与墙相连，另一端与小球相连，一不可伸长的轻质细绳一端与小球相连，另一端固定在天花板上，细绳与竖直方向成45°角，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰为零．取g=10m/s2，则在烧断轻绳的瞬间，下列说法正确的是（）A．小球所受合外力为零B．小球加速度大小为10m/s2，方向向左C．小球加速度大小为10m/s2，方向向左D．小球所受合外力的方向沿左下方与竖直方向成45°角考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先分析剪断轻绳前弹簧的弹力和轻绳的拉力大小，再研究剪断轻绳瞬间，抓住弹簧的弹力没有变化，求解小球的合力，由牛顿第二定律求出小球的加速度和水平面对小球的支持力．解答：解：剪断轻绳前小球受力情况，如图所示，根据平衡条件得：轻弹簧的弹力大小为：F=mg=10N，细线的拉力大小为：T==10N剪断轻绳瞬间弹簧的弹力没有变化，此时轻弹簧的弹力大小仍为F=10N，所以小球合力为F=10N，方向水平向左，水平面对小球的支持力大小N=mg=10N，根据牛顿第二定律得：加速度a=m/s2．故选：B点评：本题是瞬时问题，先分析剪断轻绳前小球的受力情况，再分析剪断轻绳瞬间的受力情况，再根据牛顿第二定律求解瞬间的加速度．二、多项选择题（每题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，不止一个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）9．某军事试验场正在平地上试射地对空导弹，若某次竖直向上发射导弹时发生故障，造成导弹的v﹣t图象如图所示，则下述说法中正确的是（）A． 0～1s内导弹匀速上升B． 1～2s内导弹静止不动C． 3s末的位移为60m D． 5s末导弹恰好回到出发点考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度随时间的变化规律得出导弹的运动规律，根据图线与时间轴围成的面积判断导弹是否回到出发点．解答：解：A、由速度时间图线可知，0～1s内导弹匀加速上升，故A错误．B、1～2s内导弹做匀速直线运动，故B错误．C、3s末的位移为x=×（1+3）×30m=60m，故C正确．D、5s内的位移x=×（1+3）×30﹣×2×60m=0m，5s末导弹恰好回到出发，可知5s末导弹恰好回到出发点，故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．10．如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A． M静止在传送带上B． M可能沿传送带向上运动C． M受到的摩擦力变大D． M下滑的速度不变考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：对物体受力分析，由于传送带是向上运动的，对物体的受力没有影响，所以物体的运动状态不变．解答：解：由于传送带是向上转动的，在传送带启动前后，物块都只受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，物块受力不变，所以其下滑的速度也不变，故D正确，ABC错误．故选：D．点评：物体本来就是向下运动，受到的摩擦力是向上的，当传送带在向上转动时，对物体的受力没影响，可以思考一下，如果传送带向下转动，情况又会如何呢？11．如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量大，这一现象表明（）A．电梯的加速度方向一定是向上B．电梯一定是在下降C．电梯一定是在上升D．乘客一定处于超重状态考点：超重和失重．分析：铁球的受力分析，受重力和拉力，结合牛顿第二定律，判断出加速度的方向；然后判断电梯和乘客的超、失重情况．解答：解：电梯静止不动时，小球受力平衡，有：mg=kx1弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量大了，说明弹力变大了，根据牛顿第二定律，有：kx2﹣mg=ma故加速度向上，电梯减速下降或者加速上升，电梯以及电梯中的人处于超重状态；故AD正确，BC错误；故选：AD．点评：本题是超重和失重问题，实质上牛顿第二定律的具体运用，产生超重的条件是加速度方向向上，与速度方向无关．12．如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示．根据图乙中所标出的数据可计算出（）A．物体的质量为1 kgB．物体的质量为2kgC．物体与水平面间的动摩擦因数为0.3D．物体与水平面间的动摩擦因数为0.5考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息即可求解．解答：解：对物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力根据牛顿第二定律得：F﹣μmg=ma，解得：a=﹣μg，由a与F图线，得：0.5=﹣10μ，4=﹣10μ，以上各式联立得：m=2Kg，μ=0.3，故BC正确故选：BC．点评：本题关键是对滑块受力分析，然后根据牛顿第二定律列方程求解出加速度与拉力F 的关系式，最后结合a与F关系图象得到待求量．三、实验题（13题12分，14题8分，共20分）13．某学生利用“研究匀变速直线运动”的实验装置来测量一个质量m=50g的重锤下落时的加速度值，该学生将重锤固定在纸带下端，让纸带穿过打点计时器，实验装置如图1所示．（1）以下是该同学正确的实验操作和计算过程，请填写其中的空白部分：①实验操作：先接通电源，释放纸带，让重锤自由落下，关闭电源．②取下纸带，取其中的一段标出计数点如图2所示，测出相邻计数点间的距离分别为x1=2.60cm，x2=4.14cm，x3=5.69cm，x4=7.22cm，x5=8.75cm，x6=10.29cm，已知打点计时器的打点间隔T=0.02s，则重锤运动的加速度计算表达式为a= ，代入数据，可得加速度a= 9.60 m/s2（计算结果保留三位有效数字）．（2）结果发现，重锤下落时的加速度比实际的重力加速度小，为了有效地缩小这个实验测得的加速度与实际的重力加速度之差，请你提出一个有效的改进方法：将重锤换成较大质量的重锤或者实验过程中让重锤下落时纸带尽量减小摩擦．．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：根据逐差法，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量可以求出物体运动的加速度大小；根据实验原理可知，造成该实验误差的主要原因是物体下落过程中存在摩擦阻力．解答：解：（1）①实验操作：先接通电源，然后释放纸带，让重锤自由落下，再关闭电源．②根据匀变速直线运动的推论△x=aT2，有：x6﹣x3=3a1（2T）2…①x5﹣x2=3a2（2T）2…②x4﹣x1=3a3（2T）2…③a=…④联立①②③④解得：a=；代入数据解得：a=9.60m/s2．（2）根据实验原理可知，造成该实验误差的主要原因是物体下落过程中存在摩擦阻力，一是小球下落的空气阻力，二是纸带和限位孔之间的摩擦，故具体采取的具体措施为：将重锤换成较大质量的重锤或者实验过程中让重锤下落时纸带尽量减小摩擦．故答案为：（1）接通电源，关闭电源，；9.60，（2）将重锤换成较大质量的重锤或者实验过程中让重锤下落时纸带尽量减小摩擦．点评：明确实验原理，能根据作差法求出加速度，会分析实验误差，对于基础实验要亲自动手进行实际操作，同时加强利用基本物理规律解决实验问题的能力．14．如图1为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置．（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为合力，用DIS测小车的加速度．（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F 关系图线如图2所示．①分析此图2线的OA段可得出的实验结论是小车的质量一定，加速a与合力F成正比．②（单选题）此图2线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是 CA．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：①探究加速度与力的关系，应控制小车的质量保持不变；平衡摩擦力后用钩码的重力作为小车受到的合力；②控制实验所控制的变量，分析图象，根据图象特点得出实验结论；根据实验注意事项分析图象偏离直线的原因．解答：解：（1）探究加速度与力的关系，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为小车所受的合力．（2）由图象OA段可知，a与F成正比，即：在小车质量一定时，加速度a与小车受到的合力F成正比；以小车与钩码组成的系统为研究对象，系统所受的合外力等于钩码的重力m钩码g，由牛顿第二定律得：m钩码g=（m小车+m钩码）a，小车的加速度a=g，小车受到的拉力F=m小车a=g，当m钩码＜＜m小车时，可以认为小车受到的合力等于钩码的重力，如果钩码的质量太大，则小车受到的合力小于钩码的重力，实验误差较大，a﹣F图象偏离直线，故C正确．故答案为：（1）小车的质量；合力；（2）小车的质量一定，加速度a与合力F成正比；C．点评：本题考查了控制变量法的应用、实验数据处理、实验误差分析，实验误差分析是本题的难点；应知道当砝码质量远小于小车质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码重力．四、计算题（本题共4小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）注意：请作答在试题后面，不够写请写好题号作答在下面的空白处15．甲车以10m/s的速度在平直的公路上匀速行驶，乙车以4m/s的速度与甲车平行同向做匀速直线运动，甲车经过乙车旁边开始以0.5m/s2的加速度刹车，从甲车刹车开始计时，求：（1）乙车在追上甲车前，两车相距的最大距离；（2）乙车追上甲车所用的时间．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：追及、相遇问题．分析：（1）由题，汽车做匀加直线运动，摩托车做匀速直线运动，两车同时经过A点，当两车的位移相同时，汽车追上摩托车．根据位移公式列方程求解时间．（2）当两车速度相等时，两车间的距离最大．根据速度相等条件求出时间，分别求出两车的位移，两者之差等于它们间的距离．解答：解：（1）在乙车追上甲车之前，当两车速度相等时两车间的距离最大，设此时经历的时间为t1，则由 v1=v2+at1得：t1=12s此时甲车的位移为：x1=v2t1+at12=10×12m=84m乙车的位移为：x2=v1t1=4×12m=48m所以两车间的最大距离为：△x=x2﹣x1=84﹣48m=36m（2）设甲车停止的时间为t2，则有，甲车在这段时间内发生的位移为：乙车发生的位移为x′=v′t2=4×20m=80m则乙车追上甲车所用的时间t3=t2+=25s答：（1）乙车在追上甲车前，两车相距的最大距离36m；（2）乙车追上甲车所用的时间25s．点评：本题是追及问题，在分别研究两车运动的基础上，关键是研究两者之间的关系，通常有位移关系、速度关系、时间关系．第（2）问，容易错解成这样：设经过时间t乙车追上甲车，此时两车的位移相同，则由 v1t=v2t+at2得t=24s16．如图所示，质量为m的物体悬挂在轻质支架上，斜梁OB与竖直方向的夹角为θ．求水平横梁OA和斜梁OB作用于O点的弹力分别为F N1和F N2．。
2021年高二物理下学期期末考试试题(含解析)
2021年高二物理下学期期末考试试题（含解析）一、选择题(每题4分，共52分。
1-9题单选，10-13题多选)1.【题文】关于波的特点，正确的说法是A.所有的波都能发生干涉现象和衍射现象B.当波源远离接收者时，接收者接收到的波的频率比波源频率高C.只有障碍物或孔的尺寸与波长比较相差不多或小得多，波才能发生衍射D.在干涉图样中，振动加强区域的质点，其位移始终保持最大；振动减弱区域的质点，其位移始终保持最小【答案】A【解析】本题主要考查干涉现象、衍射现象、多普勒效应；选项A，干涉现象和衍射现象是波所特有的现象，故所有的波都能发生干涉现象和衍射现象，选项A正确；选项B，多普勒效应中，当波源远离接收者时，接收者接收到的波的频率比波源频率低，故选项B错误；选项C，只有障碍物或孔的尺寸与波长比较相差不多或小得多，波才能发生明显的衍射，故选项C错误；选项D，无论是振动加强点还是减弱点，都在不停振动，位移不是恒定的值，故选项D错误；本题正确选项为A。
【题型】单选题【备注】【结束】2.【题文】图为无线充电技术中使用的受电线圈示意图，线圈匝数为n，面积为S。
若在到时间内，匀强磁场平行于线圈轴线向右穿过线圈，其磁感应强度大小由均匀增加到，则该段时间线圈两端a和b之间的电势差A.恒为B.从0均匀变化到C.恒为D.从0均匀变化到【答案】C【解析】本题主要考查楞次定律以及电磁感应定律；由楞次定律可知线圈的感应电流由b端流出，a端流入，故,；由电磁感应定律可得，故选项C正确。
【题型】单选题【备注】【结束】3.【题文】图示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的变流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。
现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2 A，电流表A2的示数增大了0.8 A，则下列说法正确的是A.电压表V1示数增大B.电压表V2、V3示数均增大C.该变压器起升压作用D.变阻器滑片是沿c→d的方向滑动【答案】D【解析】本题主要考查变压器原理以及动态分析；选项A ，电压表测的是原线圈电压，由题意知原线圈电压不变，故示数不变，选项A错误；选项B，电压表测的是副线圈电压，由于原线圈电压以及原副线圈匝数比不变，故示数不变，故选项B错误；选项C，电流与匝数成反比，且读数增得多，故副线圈匝数少，原线圈匝数多，即该变压器为降压变压器，选项C错误；选项D，由示数不变，示数增大，故原线圈功率增大，同时副线圈功率也增大，又因为副线圈电压不变，由可知副线圈回路电阻减小，则滑动变阻器阻值减小，即由c→d方向滑动，选项D正确；本题正确选项为D。
2021年高二物理下学期期末考试卷
2021年高二物理下学期期末考试卷一、选择题(本题包括12小题，共40分。
第1-8题只有一项符合题目要求，每小题3分；第9-12题有多项复合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史实的是A、惠更斯提出了光的折射定律B、法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系C、托马斯·扬成功地完成了光的干涉实验，总结出了光的波粒二象性D、麦克斯韦预言了电磁波的存在，并通过实验证实了电磁波的存在2、一质点沿坐标轴Ox做变速直线运动，它在坐标轴上的坐标x随时间t的变化关系为x=5+2t3，速度v随时间t的变化关系为v=6t2，其中v、x和t的单位分别是m/s、m和s。
设该质点在t=0到t=1s内运动位移为s和平均速度为，则A．s=2m ，=6m/s B．s=2m ，=2m/ sC．s=7m ，=7m/s D．s=3m ，=3m/s3、A、B两个质点沿同一直线运动的v-t图象如图所示，已知两质点在t=0时刻，经过同一位置。
由图可知A．在t2时刻两个质点相遇B．在t1时刻两个质点运动方向相同C．在t1时刻两个质点加速度相同D．在t1时刻两个质点相距最远4. ABCDE为单反照相机取景器中五棱镜的一个截面示意图,AB⊥BC.由a、b两种单色光组成的细光束从空气垂直于AB射入棱镜,经两次反射后光线垂直BC射出,且在CD、AE边只有a 光射出,光路如图所示.则a、b两束光( )A.在真空中,a光的传播速度比b光大B.在棱镜内,a光的传播速度比b光小C.以相同的入射角从空气斜射入水中,b光的折射角较小D.分别通过同一双缝干涉装置,a光的相邻亮条纹间距小5、如图所示为用a、b两种单色光分别通过同一双缝干涉装置获得的干涉图样.现让a、b两种光组成的复色光穿过平行玻璃砖或三棱镜时，光的传播方向中可能正确的是6、在水面下同一深处有两个点光源P、Q，能发出不同颜色的光。
高二物理下学期期末练习题(有答案)
高二物理下学期期末练习题（有答案）：大家把实际知识温习好的同时，也应该要多做题，从题中找到自己的缺乏，及时学懂，下面是查字典物理网小编为大家整理的2021高二物理下学期期末练习题，希望对大家有协助。
一.选择题(50分) 本大题共10小题，每题5分，6.7.10题为多项选择题，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分;其他为单项选择题。
1.家庭用电的电压220V是指交变电压的( )A.最大值B.瞬时值C.平均值D.有效值2.可以将电压降低供应家用电灯的变压器是( )A、甲图B、乙图C、丙图D、丁图3. 如图为远距离高压输电的表示图.关于远距离输电，以下表述不正确的选项是().A.添加输电导线的横截面积有利于增加输电进程中的电能损失B.高压输电是经过减小输电电流来减小电路的发热损耗的C.在保送电压一定时，保送的电功率越大，输电进程中的电能损失越小D.高压输电必需综合思索各种要素，不一定是电压越高越好4.以下说法的不正确是( )A.电子秤所运用的测力装置是力传感器B.电熨斗可以自动控制温度的缘由是它装有双金属片温度传感器，这种传感器的作用是控制电路的通断C.热敏电阻可以把温度这个热学量转换为电阻这个电学量D.霍尔元件可以把电压这个电学量转换为磁感应强度这个磁学量5. 如下图电路中，直流电源的电动势为20V，C是电容器，R是电阻，关于电压表的示数，以下说法正确的选项是( ) A、等于20V B、大于20VC、小于20VD、等于零6.矩形线圈在匀强磁场中匀速转动发生的电动势如图示，那么( )A.t 时辰线圈经过中性面B.t 时辰线圈中磁通量最大C.t 时辰线圈中磁通质变化率最小D.矩形线圈在匀强磁场中匀速转动一周的平均电流为零7.2021年诺贝尔物理学奖授予了两位发现〝巨磁电阻〞效应的物理学家。
某探求小组查到某磁敏电阻在室温下的电阻随磁感应强度变化曲线如图甲所示，其中R、R0区分表示有、无磁场时磁敏电阻的阻值。
2021年高二物理下学期期末试卷
2021年高二物理下学期期末试卷班级姓名座号一、单项选择题（每题4分，共48分）1、一个静止的质量为M的原子核，放射出一个质量为m的粒子，粒子速度为V，则核剩余部分的速度为（）A．mV/(M－ｍ) Ｂ．－mV/M C.－mV/(M＋ｍ) Ｄ．－mV/(M－ｍ)2、随着现代科学的发展，大量的科学发展促进了人们对原子、原子核的认识，下列有关原子、原子核的叙述正确的是A．卢瑟福α粒子散射实验说明原子核内部具有复杂的结构B．天然放射现象表明原子核内部有电子C．轻核聚变反应方程有：D．氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级和从n=2能级跃迁到n=1能级，前者跃迁辐射出的光子波长比后者的长3、用如右图所示的实验装置观察光的薄膜干涉现象．图(a)是点燃酒精灯(在灯芯上撒些盐，)图(b)是竖立的附着一层肥皂液薄膜的金属丝圈．将金属丝圈在其所在的竖直平面内缓慢旋转，观察到的现象是( )A．当金属丝圈旋转30°时干涉条纹同方向旋转30°B．当金属丝圈旋转45°时干涉条纹同方向旋转90°C．当金属丝圈旋转60°时干涉条纹同方向旋转30°D．干涉条纹保持原来状态不变4、已知某玻璃对蓝光的折射率比对红光的折射率大，则两种光( )A．在该玻璃中传播时，蓝光的速度较大B．以相同的入射角从空气斜射入该玻璃中，蓝光折射角较大C．从该玻璃中射入空气发生全反射时，红光临界角较大D．用同一装置进行双缝干涉实验，蓝光的相邻条纹间距较大5、图甲为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为4︰1，原线圈接图乙所示的正弦交流电．图中RT为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R1为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表．则下列说法正确的是 ( )A ．图乙所示电压的瞬时值表达式为u ＝51sin 50πt (V)B ．变压器原、副线圈中的电流之比为1︰4C ．变压器输入、输出功率之比为1︰4D ．RT 处温度升高时，电压表和电流表的示数均变大6、为了解决农村电价居高不下的问题，有效地减轻农民负担，在我国广大农村普遍实施了“农网改造”工程，工程包括两项主要内容：（1）更新变电设备，提高输电电压；（2）更新电缆，减小输电线电阻．若某输电线路改造后输电电压变为原来的2倍，线路电阻变为原来的0.8倍，在输送的总功率不变的条件下，线路损耗功率将变为原来的 A ．0.2倍 B ．0.32倍 C ．0.4倍 D ．0.16倍7、如图1－2－9所示，平行导轨间距为d ，其左端接一个电阻R.匀强磁场的磁感应强度为B ，方向垂直于平行金属导轨所在平面．一根金属棒与导轨成θ角放置，金属棒与导轨的电阻均不计．当金属棒沿垂直于棒的方向以恒定的速度v 在导轨上滑行时，通过电阻R 的电流强度是( )A.Bdv RB.Bdvsin θRC.Bdvcos θRD.Bdv Rsin θ 图1－2－98、穿过单匝闭合线圈的磁通量每秒钟均匀地增大2 Wb ，则( ) A ．线圈中的感应电动势将均匀增大 B ．线圈中的感应电流将均匀增大C ．线圈中的感应电动势将保持2 V 不变D ．线圈中的感应电流将保持2 A 不变9、如图所示的四个日光灯的接线图中，S1为启动器，S2为电键，L 为镇流器，能使日光灯正常发光的是( ) A ．①③ B ．②④ C ．①② D ．②③10、下列说法正确的是 ( )A ．氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下1个原子核了B ．原子核内的中子转化成一个质子和一个电子，这种转化产生的电子发射到核外，就是β粒子，这就是β衰变的实质C ．光子的能量由光的强度所决定D ．只要有核反应发生，就一定会释放出核能11、一列沿x 轴正向传播的横波在某时刻的波形图如图甲所示．a 、b 、c 、d 为介质中沿波的传播方向上四个质点的平衡位置，若从该时刻开始计时，则图乙是下面哪个质点经过34个周期后的振动图象( )A ．a 处质点B ．b 处质点C ．c 处质点D ．d 处质点12、如图所示，B是一个螺线管，C是与螺线管相连接的金属线圈，在B的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环A，A的环面水平且与螺线管的横截面平行．若仅在金属线圈C所处的空间加上与C环面垂直的变化磁场，发现在t1至t2时间段内金属环A的面积有缩小的趋势，则金属线圈C处所加磁场的磁感应强度随时间变化的B－t图象可能是( )二、实验题（每空2分，共14分）13、学校开展研究性学习，某研究小组的同学根据所学的光学知识，设计了一个测量液体折射率的仪器，如图所示．在一圆盘上，过其圆心O作两条互相垂直的直径BC、EF，在半径OA上，垂直盘面插下两枚大头针P1、P2，并保持P1、P2位置不变，每次测量时让圆盘的下半部分竖直进入液体中，而且总使得液面与直径BC相平，EF作为界面的法线，而后在图中右上方区域观察P1、P2的像，并在圆周上插上大头针P3，使P3正好挡住P1、P2的像，同学们通过计算，预先在圆周EC部分刻好了折射率的值，这样只要根据P3所插的位置，就可直接读出液体折射率的值，则：(1)若∠AOF＝30°，OP3与OC的夹角为30°，则P3处所对应的折射率的值为________．(2)图中P3、P4两位置哪一处所对应的折射率的值大？答：________________________________________________________________________.(3)作AO的延长线交圆周于K，K处所对应的折射率值应为________.14、单摆测定重力加速度的实验中图9(1)实验时用20分度的游标卡尺测量摆球直径，示数如图9甲所示，该摆球的直径d＝________ mm.(2)接着测量了摆线的长度为l0，实验时用拉力传感器测得摆线的拉力F随时间t变化的图象如图乙所示，则重力加速度的表达式g＝________(用题目中的物理量表示)．(3)某小组改变摆线长度l0，测量了多组数据．在进行数据处理时，甲同学把摆线长l0作为摆长，直接利用公式求出各组重力加速度值再求出平均值；乙同学作出T2－l0图象后求出斜率，然后算出重力加速度．两同学处理数据的方法对结果的影响是：甲________，乙________(填“偏大”、“偏小”或“无影响”)．三、计算题（10+12+16=38分）15、一理想变压器，原线圈匝数n1＝1100，接在电压为220 V的交流电源上，当它对11学校 班级 姓名 座号 封 线 内 不 要 答 题 ………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………只并联的“36 V,60 W ”灯泡供电时，灯泡正常发光，由此可知该变压器副线圈的匝数n2是多少？通过原线圈的电流I1是多大？16、如图甲所示，一个圆形线圈的匝数n ＝1000，线圈面积S ＝200 cm2，线圈的电阻r ＝1 Ω，线圈外接一个阻值R ＝4 Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间的变化规律如图1－2－10乙所示．求： （1）请说明线圈中的电流方向； (2)前4 s 内的感应电动势； (3)前4 s 内通过R 的电荷量．17、如图所示，两足够长的平行光滑金属导轨倾斜放置，与水平面间的夹角为θ＝37°，两导轨之间距离为L ＝0.2m ，导轨上端m 、n 之间通过导线连接，有理想边界的匀强磁场垂直于导轨平面向上，虚线ef 为磁场边界，磁感应强度为B ＝2.0T 。
2021年高二物理下学期期末考试试题物理
2021年高二物理下学期期末考试试题物理本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分，考试时间为90分钟，满分100分。
第I卷选择题（60分）一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分。
）1、1831年发现电磁感应现象的物理学家是（）A．牛顿B．伽利略 C．法拉第D．焦耳【答案】C【解析】电磁感应现象是英国物理学家法拉第发现的。
故选C。
【考点】物理学史2、真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F. 如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的2倍，那么它们之间的静电力的大小应为( )A． B． C． D．【答案】D【解析】距离改变之前：；当电荷量都变为原来的3倍时：联立得：，故ABC错误，D正确。
故选D。
【考点】库仑定律3、关于通电导线所受安培力F的方向，在如图所示的各图中正确的是( )【答案】B【解析】根据左手定则可知：A、图中安培力向下，故A错误；B、图中安培力向上，故B正确；C、图中安培力垂直与纸面向里，故C错误；D、图中不受安培力，故D错误。
故选B。
【考点】安培力；左手定则4.如图所示是一个基本逻辑电路。
声控开关、光敏电阻、小灯泡等元件构成的一个自动控制电路。
该电路的功能是在白天无论声音多么响，小灯泡都不会亮，在晚上，只要有一定的声音，小灯泡就亮。
这种电路现广泛使用于公共楼梯间，该电路虚线框N中使用的是门电路．则下面说法正确的是（）A．R2为光敏电阻，N 为或门电路B．R2为光敏电阻，N为与门电路C．R2为热敏电阻，N为或门电路D．R2为热敏电阻，N为非门电路【答案】B【解析】根据题意可知：要使小灯泡发光，则要具备两个条件，一是晚上，而是有声音，声音电阻R2的为光敏电阻，两个条件缺一不可是与的关系，所以N为与门电路。
故选B。
【考点】常见传感器的工作原理5．矩形导线框固定在匀强磁场中，如图甲所示．磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向为垂直纸面向里，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示，则( ) A．从0到t1时间内，导线框中电流的方向为abcdaB．从0到t1时间内，导线框中电流越来越小C．从0到t2时间内，导线框中电流的方向始终为adcbaD．从0到t2时间内，导线框各边受到的安培力越来越大【答案】C【解析】AC、由图可知，0-t2内，线圈中磁通量的变化率相同，故0到t2时间内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，即电流为adcba方向，故A错误C正确；B、从0到t1时间内，线圈中磁通量的变化率相同，感应电动势恒定不变，电路中电流大小时恒定不变；导线电流大小恒定，故B错误；D、从t0到t2时间内，电路中电流大小时恒定不变，故由F=BIL可知，F与B成正比，即先减小后增大，故D错误。
2020-2021学年贵州省毕节市金沙一中高二下学期期末物理复习卷
2020-2021学年贵州省毕节市金沙一中高二下学期期末物理复习卷一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1. 贝克勒尔在120年前首先发现了天然放射现象，如今原子核的放射性在众多领域中有着重要作用，下列属于放射性元素衰变的是( )A. 92238U →90234Tℎ+24HeB. 92235U+01n →53131I+39103Y +201nC. 12H+13H →24He+01nD. 24He+1327Al →1530P+01n2. 蹦床运动有“空中芭蕾”之称，在广东举行的第九届全运会上，蹦床运动首次被列入正式比赛项目。
在不考虑空气阻力的情况下，运动员从高处开始下落到被蹦床弹回的过程中，加速度随时间变化的图象应为如图中的( ) A. B. C. D.3. 在“验证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳与另一端都有绳套(如图)，实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并与成角度地拉橡皮条，其同学认为此过程中必须注意以下几项．其中正确的是( )(填入相应的字母)A. 两根细绳必须等长B. 橡皮条应与两绳的夹角的平分线在同一直线上C. 两根细绳应互相垂直D. 在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平行4. 2016年12月7日是我国发射“悟空”探测卫星一周年的日子，该卫星的发射为人类对暗物质的研究做出了重大贡献。
假设两颗质量相等的星球绕其球心连线中心转动，理论计算的周期与实际观测的周期有出入，且T 理论T 观测=√n 1(n >1)，科学家推测，在以两星球球心连线为直径的球体空间中均匀分布着暗物质，设两星球球心连线长度为L ，质量均为m ，据此推测，暗物质的质量为( )A. (n −1)mB. (2n −1)mC. n−28m D. n−14m二、多选题（本大题共5小题，共29.0分）5.目前智能手机普遍采用了电容触摸屏，电容触摸屏是利用人体的电流感应进行工作的，它是一块四层复合玻璃屏，玻璃屏的内表面和夹层各涂一层ITO(纳米铟锡金属氧化物)，夹层ITO涂层作为工作面，四个角引出四个电极，当用户手指触摸电容触摸屏时，手指和工作面形成一个电容器，因为工作面上接有高频信号，电流通过这个电容器分别从屏的四个角上的电极中流出，且理论上流经四个电极的电流与手指到四个角的距离成比例，控制器通过对四个电流比例的精密计算来确定手指位置。
2021年高二下学期期末五校联考物理试题 含答案
2021年高二下学期期末五校联考物理试题含答案一、单项选择题：共10小题，每小题3分，共30分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。
1．放射性元素衰变时放出的三种射线，按穿透能力由强到弱的排列顺序是A．α射线，β射线，γ射线 B．γ射线，β射线，α射线C．γ射线，α射线，β射线 D．β射线，α射线，γ射线2．关于核反应的类型，下列表述正确的有A．是衰变B．是衰变C．是γ衰变D．是裂变3．如图所示为氢原子的四个能级，其中E1为基态，若一群氢原子A处于激发态E2，一群氢原子B处于激发态E3，则下列说法正确的是A．原子A可能辐射出3种频率的光子B．原子B可能辐射出3种频率的光子C．原子A能够吸收原子B发出的光子并跃迁到能级E4D．原子B能够吸收原子A发出的光子并跃迁到能级E44．入射光照射到某金属表面上发生光电效应，若入射光强度减弱，而频率保持不变，那么A．从光照至金属表面上到发射出光电子之间的时间间隔将明显增加B．逸出的光电子的最大初动能将减小C．单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少D．有可能不发生光电效应5．如图所示，一个木箱原来静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个小木块，木箱和小木块都具有一定的质量．现使木箱获得一个向右的初速度v0，则下列说法中正确的有A．小木块和木箱最终都将静止B．小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动C．小木块在木箱内壁将始终来回碰撞，而木箱一直向右运动D．如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，则二者将一起向左运动6．如图所示为卢瑟福α粒子散射实验的原子核和两个α粒子的径迹，其中可能正确的是7．如图，L1和L2是输电线，甲是电压互感器，乙是电流互感器.若已知变压比为1000∶1，变流比为100∶1，并且知道电压表示数为220V，电流表示数为10A，则输电线的输送功率为A．2.2×103W B．2.2×10-2WC．2.2×108W D．2.2×104W8．如图所示，闭合圆导线圈放置在匀强磁场中，线圈平面与磁场平行，其中ac、bd分别是平行、垂直于磁场方向的两条直径.试分析线圈做如下运动时，能产生感应电流的是A．使线圈在纸面内平动B．使线圈平面沿垂直纸面方向向纸外平动C．使线圈以ac为轴转动D．使线圈以bd为轴转动9．如图所示是用于观察自感现象的电路，设线圈的自感系数较大，线圈的直流电阻R L与小灯泡的电阻R满足R L＜R.则在开关S断开瞬间，可以观察到A．灯泡立即熄灭B．灯泡逐渐熄灭，不会闪烁C．灯泡有明显的闪烁现象D．灯泡会逐渐熄灭，但不一定有闪烁现象10．如图所示，闭合线圈abcd水平放置，其面积为S，匝数为n，线圈与匀强磁场B夹角为θ=45°.现将线圈以ab边为轴顺时针转动90°，则线圈在初、末位置磁通量的改变量的大小为A．0 B．C．D．无法计算二、双项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。
解析贵州省毕节地区大方县百里杜鹃普底中学2020┄2021学年高二下学期期末物理试卷
贵州省毕节地区大方县百里杜鹃普底中学2020┄202１学年高二下学期期末物理试卷一、单项选择题(本题包括8小题，每小题６分,共48分,1-5小题单选,6－8题为多选题).１．（6分）一根长为2m，质量为20kg的均匀木杆放在水平地面上,现将他的一端从地面缓慢太高０.５m，另一端扔搁在地上，则克服重力所做的功为(g=10ｍ/ｓ２）(）A.ﻩ400J B．20０JﻩC.ﻩ1０0J D.ﻩ50Ｊ2．(6分）如图是物体做直线运动的v﹣t图象,由图可知,该物体（）ﻩA.ﻩ第1s内和第３s内的运动方向相反Ｂ.ﻩ０~2s和0~4s内的平均速度大小相等ﻩＣ. 第1ｓ内和第４s内的位移大小不相等ﻩＤ．第3s内和第4s内的加速度相同３．（6分）两根完全相同的金属裸导线Ａ和Ｂ，如果把导线A均匀拉长到原来的2倍，导线B对折后结合起来,然后分别加上相同的电压,则它们的电阻之比R A：RＢ为(）ﻩA. 4：1 Ｂ．1：16 C. 1：4 Ｄ. 1６:1 4.(6分)一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变,在两极板间插入一电介质,其电容Ｃ和两极板间的电势差U的变化情况是(）A. C和U均增大B. C增大,Ｕ减小ﻩC．ﻩC减小,U增大D．Ｃ和U均减小5.(６分）龙和勇老师家有一台电风扇,内阻为20Ω,额定电压为22０V，额定功率为66W,将它接上2２０Ｖ的电源后,发现因扇叶被东西卡住不能转动,此时电风扇消耗的功率为()Ａ. 6６WﻩB.ﻩ２4２0WﻩC.ﻩ１1ＷＤ. 不确定６．(6分）如图所示,用控制变量法可以研究影响平行板电容器电容的因素.设两极板正对面积为S，极板间的距离为d,静电计指针偏角为θ（θ与电容器两板间的电压U成正比）.实验中,极板所带电荷量不变,若（)A．ﻩ保持d不变，增大Ｓ，则θ变小Ｂ．ﻩ保持d不变，增大S,则θ不变Ｃ. 保持Ｓ不变，增大d，则θ变小ﻩＤ．保持S不变，增大d,则θ变大7.（6分）如图所示,MＮ是磁感应强度为Ｂ的匀强磁场的边界．一质量为ｍ、电荷量为q的粒子在纸面内从O点射入磁场.若粒子速度为ｖ0,最远能落在边界上的A点.下列说法正确的有（)ﻩＡ. 若粒子落在Ａ点的左侧,其速度一定小于v0ﻩB．ﻩ若粒子落在A点的右侧,其速度一定大于ｖ0ﻩC.ﻩ若粒子落在Ａ点左右两侧d的范围内，其速度不可能小于ｖ0﹣D.ﻩ若粒子落在A点左右两侧d的范围内,其速度不可能大于v0＋８．(6分）如图所示,在ｘ轴上相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、一Q,虚线是以+Q所在点为圆心、每为半径的圆,a、b、c、d是圆上的四个点，其中ａ、ｃ两点在x 轴上,b、d两点关于z轴对称.下列判断正确的是()ﻩＡ.ﻩb、d两点处的电场强度相同B. b、d两点处的电势相同C．ﻩ四个点中ｃ点处的电势最低ﻩD. 将一试探电荷+q沿圆周由a点移至ｃ点,+q的电势能减小二、(共62分）9．(６分）在“测定金属丝的电阻率”的实验中，某同学进行了如下测量:用毫米刻度尺测量接入电路中的被测金属丝的有效长度．测量３次,求出其平均值ｌ．其中一次测量结果如图甲所示，金属丝的另一端与刻度尺的零刻线对齐,图中读数为cm.用螺旋测微器测量金属丝的直径,选不同的位置测量3次，求出其平均值d.其中一次测量结果如图乙所示,图中读数为mｍ.10.(10分）某同学测量一个圆柱体的电阻率,需要测量圆柱体的尺寸和电阻．①分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图（a）和如图（b)所示,长度为cm，直径为mm．②按如图(c）连接电路后，实验操作如下：(ａ)将滑动变阻器R１的阻值置于最处（填“大”或“小”）;将S２拨向接点1,闭合S１，调节R１，使电流表示数为I0；（b)将电阻箱R2的阻值调至最（填“大”或“小”),S２拨向接点2;保持R１不变,调节R2,使电流表示数仍为I0,此时R2阻值为1２80Ω；③由此可知,圆柱体的电阻为Ω.11．（10分）一个电动机，线圈电阻是０．4Ω，当它两端所加的电压为2２０V时,通过的电流是５A．这台电动机每分钟所做的机械功是多少焦耳？１2.(10分）如图,一不可伸长的轻绳上端悬挂于O点，下端系一质量m=１.0kg的小球．现将小球拉到A点（保持绳绷直）由静止释放,当它经过B点时绳恰好被拉断，小球平抛后落在水平地面上的Ｃ点．地面上的D点与OB在同一竖直线上，已知绳长L=１.0m，B点离地高度H＝1．0ｍ，Ａ、B两点的高度差h=0.５m,重力加速度ｇ取10m/s2,不计空气影响，求:(1)地面上ＤC两点间的距离s；（２）轻绳所受的最大拉力大小.13.（12分）如图所示,虚线所围区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．一束电子沿圆形区域的直径方向以速度ｖ射入磁场，电子束经过磁场区后,其运动的方向与原入射方向成θ角．设电子质量为ｍ，电荷量为e，不计电子之间的相互作用力及所受的重力.求:(1)电子在磁场中运动轨迹的半径Ｒ;（2）电子在磁场中运动的时间ｔ；（３）圆形磁场区域的半径r．１４.(14分）如图所示,在ｙ<０的区域内存在匀强磁场,磁场方向垂直于xｙ平面并指向纸里,磁感应强度为Ｂ．一带负电的粒子(质量为ｍ、电荷量为q）以速度v０从O点射入磁场，入射方向在xy平面内，与x轴正向的夹角为θ.求：(1）该粒子射出磁场的位置;（2）该粒子在磁场中运动的时间.(粒子所受重力不计）贵州省毕节地区大方县百里杜鹃普底中学20２０┄２021学年高二下学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题(本题包括８小题，每小题６分，共48分,1-5小题单选，６-8题为多选题). 1．（6分)一根长为２m，质量为20kｇ的均匀木杆放在水平地面上，现将他的一端从地面缓慢太高０．5ｍ，另一端扔搁在地上，则克服重力所做的功为（g=１0m/ｓ2)(）ﻩA. 4０0J B．ﻩ２00ＪC．100J D.ﻩ5０Ｊ考点：ﻩ功的计算.专题:ﻩ功的计算专题.分析:根据W=mgh,h是木杆的重心上升的高度，即可求解克服重力做功解答：解：由几何关系可知在木杆的重心上升的高度为：ｈ=×０．5ｍ=0.2５m；物体克服重力做功:W G=mgｈ=20０×0.25J=５0Ｊ故选:Ｄ点评：本题要注意求重力做功时，要计算物体的重心升高的高度2．(６分）如图是物体做直线运动的v﹣t图象,由图可知,该物体（）A.ﻩ第1s内和第3s内的运动方向相反B．0～２s和０~4s内的平均速度大小相等C. 第1ｓ内和第4ｓ内的位移大小不相等ﻩD.ﻩ第3s内和第4ｓ内的加速度相同考点:ﻩ匀变速直线运动的图像.专题：ﻩ运动学中的图像专题.分析:ﻩ速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向;图象的斜率等于加速度；图象与时间轴所围的面积表示位移．平均速度等于位移与时间之比.根据这些知识进行解答．解答：解：A、由图知,在前３s内物体的速度均为正值,说明在前３ｓ内物体的运动方向不变，故Ａ错误;B、根据“面积”可知:0~２s内和0～４s内的位移相等，所用时间不等,所以平均速度不等,故B错误．C、根据图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第4ｓ内的位移大小相等．故Ｃ错误;D、速度图象的斜率等于加速度,第3ｓ内和第4ｓ内图线的斜率相同,则加速度相同，故D 正确；故选：Ｄ．点评：ﻩ解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义,知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移.3.（6分)两根完全相同的金属裸导线A 和B,如果把导线A 均匀拉长到原来的2倍，导线Ｂ对折后结合起来,然后分别加上相同的电压，则它们的电阻之比R A ：R Ｂ为（)A ． ４：1B. 1:16 Ｃ.ﻩ1:4ﻩ D.ﻩ１6：１考点： 电阻定律．专题:ﻩ恒定电流专题．分析:ﻩ根据电阻定律R=ρ判断出两根金属导线的电阻之比,根据欧姆定律得出电流之比，再根据q=It 得出通过的电荷量之比.解答:ﻩ解：设原来的电阻为Ｒ,其中的一根均匀拉长到原来的2倍,横截面积变为原来的，根据电阻定律,电阻ＲA =4R,另一根对折后绞合起来，长度减小为原来的一半,横截面积变为原来的２倍,根据电阻定律,电阻ＲＢ=R ，则两电阻之比为1６：1．故选:Ｄ．点评:ﻩ解决本题的关键掌握电阻定律的公式R=ρ；明确电阻与电压和电流无关，只取决于导线的长度、粗细及材料.4.(6分）一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，在两极板间插入一电介质，其电容C 和两极板间的电势差U 的变化情况是（)A ． Ｃ和Ｕ均增大B ．ﻩC 增大,U 减小ﻩC.ﻩＣ减小，U 增大ﻩＤ. Ｃ和U 均减小考点： 电容器．专题:ﻩ电容器专题.分析：ﻩ根据电容的决定式判断电容大小，根据定义式判断电压变化．解答：解：由公式知,在两极板间插入一电介质,其电容Ｃ增大，由公式知，电荷量不变时U减小,Ｂ正确.故选B点评：本题考查了等容的定义式和决定式的配合应用．5.（6分）龙和勇老师家有一台电风扇，内阻为20Ω,额定电压为２20V,额定功率为６6W，将它接上220Ｖ的电源后,发现因扇叶被东西卡住不能转动，此时电风扇消耗的功率为（）A. 66WﻩＢ. 24２０ＷﻩＣ. 11WﻩD. 不确定考点：ﻩ电功、电功率.专题：ﻩ恒定电流专题.分析：当扇叶被卡住不能转动时，此时可以看做是纯电阻,总的功率即为发热的功率.将卡住的东西拿走后电风扇正常运转，此时电风扇消耗的电功率为额定功率.解答:ﻩ解:扇片被卡住时,此时可以看做是纯电阻,总的功率即为发热的功率则有：P热＝P电＝==2420W．故选:Ｂ点评:对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．6．(6分)如图所示,用控制变量法可以研究影响平行板电容器电容的因素.设两极板正对面积为S，极板间的距离为d,静电计指针偏角为θ(θ与电容器两板间的电压U成正比)．实验中,极板所带电荷量不变,若()ﻩA.ﻩ保持d不变,增大S，则θ变小ﻩB. 保持d不变，增大S,则θ不变ﻩC．ﻩ保持S不变,增大d，则θ变小ﻩD.ﻩ保持Ｓ不变,增大d，则θ变大考点:ﻩ电容器的动态分析．专题:ﻩ电容器专题.分析:静电计测定电容器极板间的电势差,电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式C=分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况,由于极板所带电荷量不变,由电容的定义式C=分析板间电势差的变化，再确定静电计指针的偏角变化情况．解答：ﻩ解:A、B根据电容的决定式Ｃ=得知，电容与极板的正对面积成正比,当保持d 不变,增大Ｓ时，电容增大,极板所带电荷量Q不变，则由电容的定义式Ｃ=分析可知板间电势差减小，静电计指针的偏角θ减小.故A正确；Ｂ错误.C、D根据电容的决定式Ｃ=得知,电容与极板间距离成反比,当保持S不变,增大d时,电容减小,由电容的定义式Ｃ＝分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大.故C 错误，D正确．故选:ＡD点评：本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点:一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式.7.(6分)如图所示，ＭＮ是磁感应强度为Ｂ的匀强磁场的边界.一质量为m、电荷量为q的粒子在纸面内从Ｏ点射入磁场．若粒子速度为v0，最远能落在边界上的Ａ点．下列说法正确的有(）ﻩA.ﻩ若粒子落在Ａ点的左侧,其速度一定小于v0B．ﻩ若粒子落在Ａ点的右侧,其速度一定大于v０ﻩC．若粒子落在A点左右两侧ｄ的范围内，其速度不可能小于v0﹣D．若粒子落在Ａ点左右两侧d的范围内，其速度不可能大于v0+考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题: 带电粒子在磁场中的运动专题．分析:ﻩ粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律求出粒子轨道半径,然后根据轨道半径分析答题.直线边界的磁场,垂直射入时达到最远点，最远点距Ｏ点为2r．沿其它方向射入时，距离要小于2r．解答：解:粒子在磁场中做匀速圆周运动,由牛顿第二定律得:qvＢ=m，则轨道半径:r=，当从O点垂直射入磁场时,OA距离最大，最大距离为２r，OＡ=2r=；A、当粒子打在A点的左侧，若入射方向不变,半径减小，速度小于v0,若入射方向调整，半径可能比原来大,也可能比原来小,所以其速度可能等于或大于v0，因为速度方向未知,离子的入射方向只要偏左或偏右皆可,故Ａ错误.Ｂ、由于速度等于v0时最远到达A，故要使最远点到达Ａ右侧，速度必须大于ｖ0,故Ｂ正确.C、当粒子从Ｏ点垂直射入磁场时,若刚好达到A点左侧距离d处，则有﹣d=,解得：v＝v0﹣，由B可知:若粒子落在A点左右两侧d 的范围内，速度必须大于ｖ,故Ｃ正确;D、由于粒子是沿任意方向飞入，所示速度极大的粒子仍可满足条件，故D错误．故选：BＣ．点评：本题易错点为离子初速度方向未知,若按惯性思维认为垂直射入即出错.8.（6分)如图所示，在x轴上相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、一Q，虚线是以+Ｑ所在点为圆心、每为半径的圆,a、ｂ、c、d是圆上的四个点,其中ａ、c两点在x轴上，b、ｄ两点关于ｚ轴对称．下列判断正确的是（)ﻩA．b、d两点处的电场强度相同ﻩB．ｂ、ｄ两点处的电势相同C．四个点中c点处的电势最低D.ﻩ将一试探电荷+q沿圆周由ａ点移至c点,＋q的电势能减小考点: 匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题.分析：ﻩ该电场中的电势、电场强度都关于x轴对称，所以b、ｄ两点的电势相等，场强大小相等，方向是对称的.c点在两个电荷连线的中点上,也是在两个电荷连线的中垂线上,所以它的电势和无穷远处的电势相等.解答：ﻩ解:A、该电场中的电场强度关于X轴对称,所以bd两点场强大小相等,方向是对称的，不相同的.故A错误；B、该电场中的电势关于X轴对称，所以bd两点的电势相等,故Ｂ正确;C、ｃ点在两个电荷连线的中点上，也是在两个电荷连线的中垂线上，所以它的电势和无穷远处的电势相等．而正电荷周围的电场的电势都比它高，即C点的电势在四个点中是最低的．故C正确;D、c点的电势低于a点的电势,试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，电场力做正功,＋q的电势能减小.故D正确;故选:BCD．点评:该题考查等量异号电荷的电场的特点,解题的关键是ｃ点在两个电荷连线的中点上,也是在两个电荷连线的中垂线上，所以它的电势和无穷远处的电势相等．而正电荷周围的电场的电势都比它高，负电荷周围的电场的电势都比它低.不难．二、(共６2分)9．（6分）在“测定金属丝的电阻率”的实验中，某同学进行了如下测量:用毫米刻度尺测量接入电路中的被测金属丝的有效长度.测量3次,求出其平均值ｌ.其中一次测量结果如图甲所示,金属丝的另一端与刻度尺的零刻线对齐,图中读数为24．１0cm．用螺旋测微器测量金属丝的直径,选不同的位置测量3次,求出其平均值d.其中一次测量结果如图乙所示,图中读数为0.518mm.考点：测定金属的电阻率.专题：实验题.分析:ﻩ本题的关键是刻度尺的估读方法,看每小格的读数，若是1ｍｍ，则应是估读．解答:ﻩ解：根据刻度尺每小格读数为１ｍm,可知应估读到０．1mm,所以刻度尺的读数为:L=２40mm+1.0mｍ=2４1.０ｍm=２４.1０cm(24.10～24.12均可以);螺旋测微器的读数为:d=0.５mm+１.8×0.０1mm＝0.51８mｍ（0．５15~０.5１8均可以）故答案为:２４.１０,0.518点评:刻度尺读数时估读的方法是：看每小格的读数,若是1mm,则应是估读，即应估读到0.1mm.10.(10分）某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻.①分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径,某次测量的示数如图(a)和如图(b)所示，长度为5.03ｃm，直径为5.３15mm.②按如图(c)连接电路后,实验操作如下:（a)将滑动变阻器Ｒ1的阻值置于最大处(填“大”或“小”）；将S２拨向接点１,闭合S1,调节Ｒ1,使电流表示数为I0；（b)将电阻箱R2的阻值调至最大(填“大”或“小”）,S2拨向接点2；保持R1不变,调节R ２,使电流表示数仍为Ｉ０,此时R2阻值为1280Ω；③由此可知，圆柱体的电阻为１2８0Ω.考点：ﻩ测定金属的电阻率;刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题: 实验题.分析:本题①的关键是明确游标卡尺和螺旋测微器的读数方法,注意游标卡尺的分度和螺旋测微器的半毫米刻度线;题②的关键是明确在闭合电键前,应使变阻器的滑动触头处于能使电路中电流最小的位置,明确“等效替代”方法的应用．解答：ﻩ解:①游标卡尺读数可以分成整数部分和小数部分两部分，其中整数部分为游标尺零刻度线左侧主尺上的读数；小数部分为游标尺上与主尺上某条刻度线冲齐的格数乘以精确度（十分度游标卡尺的精确度为0.1mm）．所以游标卡尺的读数为L=50mm+3×０．１mm ＝50．3mm＝5．０3cm;螺旋测微器的读数也可以分成两部分来读，其中整数部分为螺旋周上左侧主尺的刻度（注意半毫米刻度线是否露出）,小数部分为螺旋周上与主尺横线冲齐的刻度乘以0．０1ｍｍ（注意要估读到下一位)．所以螺旋测微器当读数为d=５mm＋３１.5×0.０1mm＝５.31５ｍm ②（a）在闭合电键前，应将滑动触头打到使电路中的电流最小的位置,所以图中变阻器的有效电阻应置于最大的位置；(b）为保护电流表，应将电阻箱的阻值调至最大的位置；③根据“等效替代”方法可知,圆柱体的电阻等于电阻箱的电阻,所以圆柱体的电阻为１28０Ω.故答案为:①5.03，5.315;②（a)大;（b）大; ③１2８０点评：“等效替代”方法是一种非常重要的物理思想方法,要学会灵活运用.１1.（10分)一个电动机,线圈电阻是0．4Ω,当它两端所加的电压为２20Ｖ时，通过的电流是５A．这台电动机每分钟所做的机械功是多少焦耳？考点: 电功、电功率．专题:ﻩ恒定电流专题.分析:ﻩ电动机机械功率等于总功率与热功率之差，由功率公式求出总功率与热功率，然后求出机械功率,已知机械功率及做功时间，由Ｗ=Pt可以求出机械功．解答：ﻩ解：电阻消耗的功率为P热=I2R＝52×０．4=10W电动机消耗的功率为Ｐ电=IU=５×220W=１1０0W电动的输出功率为P机＝Ｐ电﹣P热=110０Ｗ﹣1０W=109０W电动机每分钟所做的机械功为W＝P机t=１0９０×60J=6.54×104J答:台电动机每分钟所做的机械功是6．54×1０4Ｊ点评:电动机是非纯电阻电路,总功率等于热功率与机械功率(输出功率）之和．12．（10分)如图,一不可伸长的轻绳上端悬挂于O点,下端系一质量m=1.0kｇ的小球．现将小球拉到Ａ点(保持绳绷直)由静止释放，当它经过Ｂ点时绳恰好被拉断,小球平抛后落在水平地面上的C点．地面上的D点与OB在同一竖直线上，已知绳长Ｌ=1.0m，B点离地高度H＝1.０m，A、B两点的高度差h=0.5m,重力加速度g取10ｍ／s2,不计空气影响，求: (１）地面上ＤC两点间的距离s；（2)轻绳所受的最大拉力大小.考点：ﻩ机械能守恒定律;牛顿第二定律;向心力．专题: 机械能守恒定律应用专题．分析:ﻩ(1)从A到B由动能定理可得B位置时的速度,之后做平抛运动,由平抛规律求解;（2)在B位置，由牛顿第二定律可求轻绳所受的最大拉力大小.解答:解：(1）设小球在B点速度为v，对小球从Ａ到B由动能定理得:mｇh=mｖ2①绳子断后，小球做平抛运动,运动时间为t，则有:H=②DＣ间距离：ｓ＝ｖt解得: s=m≈1．414ｍ（2)在B位置，设绳子最大力量为F，由牛顿第二定律得:F﹣mg=④联立①④得:F=2mg=2×1×10Ｎ=20N根据牛顿第三定律，有F'=F，因而轻绳所受的最大拉力为20N．答(1)DC两点间的距离１.４14m;（２）轻绳所受的最大拉力20N．点评:关键是建立物体运动的情境,寻找物理模型，本题为圆周和平抛模型的组合.13.（12分）如图所示，虚线所围区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．一束电子沿圆形区域的直径方向以速度v射入磁场，电子束经过磁场区后，其运动的方向与原入射方向成θ角.设电子质量为m,电荷量为e,不计电子之间的相互作用力及所受的重力．求:（1)电子在磁场中运动轨迹的半径R;(2）电子在磁场中运动的时间t;（３）圆形磁场区域的半径r．考点: 带电粒子在匀强磁场中的运动.专题：ﻩ带电粒子在磁场中的运动专题.分析：电子在磁场中受洛伦兹力作用,电子在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，可以求出电子运动的半径，画出电子运动轨迹，根据几何关系可以求得电子在磁场中的运动的时间和圆形磁场区域的半径．解答：ﻩ解：(１）电子在磁场中受到的洛伦兹力提供电子做匀速圆周运动的向心力即：由此可得电子做圆周运动的半径R=＝(２）如图根据几何关系，可以知道电子在磁场中做圆周运动对圆心转过的角度α=θ则电子在磁场中运动的时间:t＝=(3)由题意知,由图根据几何关系知:∴答:(1)电子在磁场中运动轨迹的半径R＝;（2)电子在磁场中运动的时间t=；（3)圆形磁场区域的半径r=.点评:熟悉电子在磁场中做匀速圆周运动由洛伦兹力提供向心力，据此列式求出半径和周期间的表达式，能正确作出电子做圆周运动的半径．１4.(1４分）如图所示，在y＜0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xｙ平面并指向纸里,磁感应强度为B.一带负电的粒子(质量为m、电荷量为ｑ）以速度v0从O点射入磁场，入射方向在ｘｙ平面内，与ｘ轴正向的夹角为θ.求：(1)该粒子射出磁场的位置；(２)该粒子在磁场中运动的时间.(粒子所受重力不计)考点: 带电粒子在匀强磁场中的运动.专题:ﻩ带电粒子在磁场中的运动专题．分析：ﻩ（1）根据题意画出运动轨迹图，根据几何知识和洛伦兹力提供向心力求出粒子的坐标位置；（２)根据转过的角度和周期计算粒子在磁场中运动的时间.解答：解:（1）带正电的粒子射入磁场后，由于受到洛伦兹力的作用，粒子将沿图示的轨迹运动，从A点射出磁场,O、A间的距离为L，射出时速度的大小仍为v0,射出方向与x轴的夹角仍为θ.由于洛伦兹力提供向心力,则：ｑv0Ｂ=m,Ｒ为圆轨道的半径,解得：R=①圆轨道的圆心位于ＯＡ的中垂线上,由几何关系可得：=Rsinθ ②联立①②两式解得L=；所以粒子离开磁场的位置为(﹣，0）;word版高中物理(２）因为T＝该粒子在磁场中运动的时间t==（１﹣)；答:（1）该粒子射出磁场的位置为（﹣，0)，(2)该粒子在磁场中运动的时间为（１﹣).点评:此题考查带电粒子在磁场中的运动,找圆心，画出运动轨迹图是解决此问题的关键,作图越规范越好．。
解析2020┄2021学年贵州省毕节四中高二下期末物理试卷
2０20┄20２1学年贵州省毕节四中高二（下）期末物理试卷一、选择题(共8小题,每小题6分，满分4８分)１.如图，一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内,线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行.已知在t=0到ｔ=ｔ1的时间间隔内,直导线中电流ｉ发生某种变化，而线框中感应电流总是沿顺时针方向,线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右．设电流i正方向与图中箭头方向相同，则i随时间t变化的图线可能是（)A．Ｂ．ﻩＣ．ﻩD．２．铁路上使用一种电磁装置向控制中心传输信号以确定火车的位置．能产生匀强磁场的磁铁，被安装在火车首节车厢下面,如图（甲)所示（俯视图).当它经过安放在两铁轨间的线圈时，便会产生一电信号,被控制中心接收.当火车通过线圈时,若控制中心接收到的线圈两端的电压信号为图（乙）所示，则说明火车在做( )ﻩＡ. 匀速直线运动Ｂ. 匀加速直线运动C．匀减速直线运动ﻩD. 加速度逐渐增大的变加速直线运动３．如图所示,理想变压器原线圈输入电压u=U m sinωt,副线圈电路中R0为定值电阻,R是滑动变阻器;V1和Ｖ2是理想电压表,示数分别是U1和U2，A1和Ａ2是理想电流表，示数分别是I1和I2.下列说法正确的是( ）Ａ．I1和I2表示电流的瞬时值ﻩB．U１和U2表示电压的最大值Ｃ. 滑片Ｐ向下滑动过程中,U２不变、I1变小D．滑片P向下滑动过程中，U２不变、Ｉ1变大4.一个圆形闭合线圈固定在垂直纸面的匀强磁场中，线圈平面与磁场方向垂直,如图甲所示.设垂直于纸面向内的磁感应强度方向为正,垂直于纸面向外的磁感应强度方向为负．线圈中顺时针方向的感应电流为正,逆时针方向的感应电流为负．已知圆形线圈中感应电流I随时间变化的图象如图乙所示,则线圈所在处的磁场的磁感应强度随时间变化的图象可能是图中的( ）ﻩA．ﻩB. ﻩＣ. ﻩＤ.5.如图电路(a)、(b)中，电阻R和自感线圈Ｌ的电阻值都是很小.接通S,使电路达到稳定，灯泡A发光（)ﻩＡ．在电路(a）中,断开S,Ａ将立即变暗ﻩB. 在电路(a)中,断开S,A将先变得更亮，然后渐渐变暗ﻩC. 在电路（ｂ）中，断开Ｓ，Ａ将渐渐变暗D．在电路（b）中,断开S，A将先变得更亮,然后渐渐变暗６．实验室里的交流发电机可简化为如图所示的模型,正方形线圈在水平匀强磁场中，绕垂直于磁感线的OO′轴匀速转动，今在发电机的输出端接一个电阻R和理想电压表,并让线圈每秒转２5圈，读出电压表的示数为１０V.已知Ｒ=1０Ω,线圈电阻忽略不计，下列说法正确的是( ）A．线圈位于图中位置时,线圈中的瞬时电流为零ﻩB．从中性面开始计时,线圈中电流瞬时值表达式为ｉ=ｓｉn50πt（Ａ)ﻩC．流过电阻R的电流每秒钟方向改变50次ﻩD．电阻R上的热功率等于２０W7.阻值为10Ω的电阻接到电压波形如图所示的交流电源上，以下说法正确的是（）ﻩＡ. 电压的有效值为10ＶB. 通过电阻的电流有效值为AﻩC. 电阻消耗电功率为5WD. 电阻每秒钟产生的热量为10J8．竖直放置的平行光滑导轨，其电阻不计，磁场方向如图所示，磁感强度B=0.５T，导体ab及cd长均为0.２ｍ，电阻均为0.1Ω,重均为0.1Ｎ,现用力向上推动导体ab,使之匀速上升（与导轨接触良好),此时，ｃｄ恰好静止不动，那么aｂ上升时,下列说法正确的是（）A．ab受到的推力大小为2NﻩB. ａb向上的速度为2m/sﻩC．在2s内,推力做功转化的电能是0.4JＤ．在2s内，推力做功为0.６J二、解答题（共6小题，满分5２分）9．在研究电磁感应现象实验中，(1）为了能明显地观察到实验现象，请在如图所示的实验器材中，选择必要的器材，在图中用实线连接成相应的实物电路图；(2)将原线圈插人副线圈中，闭合电键，副线圈中感生电流与原线圈中电流的绕行方向（填“相同”或“相反”）；（3）将原线圈拔出时，副线圈中的感生电流与原线圈中电流的绕行方向(填“相同”或“相反”）.10.如图所示是工业生产中大部分光电控制设备用到的光控继电器的示意图，它由光源、光电管、放大器、电磁继电器等几部分组成.（１）示意图中，a端就是电源极；（2)光控继电器的原理是：当光照射光电管时， .11.如图所示，面积为0.2m２的100匝线圈处在匀强磁场中,磁场方向垂直于线圈平面，已知磁感应强度随时间变化的规律为B=（２+０.1t）T,定值电阻Ｒ１=6Ω,线圈电阻Ｒ2=4Ω.求：a、b两点间的电压U ab.1２．如图，一交流发电机的线圈在匀强磁场中匀速转动，线圈匝数N＝100，线圈电阻r=3Ω,aｂ=cd=0.5m，bc=ａｄ=0.４m，磁感应强度B=0.５Ｔ，电阻R=311Ω,当线圈以n=3０0r／min的转速匀速转动时．求:（1)感应电动势的最大值;(２)t=0时线圈在图示位置,写出此交变电流电动势瞬时值表达式;(3)此电压表的示数是多少.13．如图所示，水平放置的U形光滑导轨足够长,处于磁感应强度Ｂ=5Ｔ的匀强磁场中，导轨宽度Ｌ＝0．2ｍ,可动导体棒ａb质量m＝２.0ｋg，电阻R=0.1Ω，其余电阻可忽略不计．现在导体棒ab在水平外力F=１0N的作用下，由静止开始运动了s＝４0cｍ后，速度达到最大．求：（1）导体棒ａb运动的最大速度.（2）当导体棒ａb的速度为最大速度的一半时,棒ab的加速度.（３）导体棒ab由静止达到最大速度的过程,棒ab上产生的热量．14．如图所示，变压器原线圈输入电压为220V，副线圈输出电压为36Ｖ，两只灯泡的额定电压均为３6V,L1额定功率为12W，Ｌ２额定功率为6W，试求：（1)该变压器的原副线圈匝数比;（2)两灯均正常工作时原线圈的电流,以及只有L1正常工作时原线圈中的电流．ﻬ202０┄2021学年贵州省毕节四中高二（下)期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题,每小题6分,满分４８分）1.如图,一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行．已知在t=0到t＝t1的时间间隔内，直导线中电流i发生某种变化，而线框中感应电流总是沿顺时针方向,线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右.设电流i正方向与图中箭头方向相同，则i随时间t变化的图线可能是（）A. ﻩB．Ｃ.D．考点: 楞次定律．专题：电磁感应与图像结合.分析:ﻩ感应电流沿顺时针方向，由安培定则判断出感应电流磁场方向；然后由楞次定律判断出原磁场如何变化，直线电流如何变化；由楞次定律判断导线框受到合力的方向．解答:解:线框中感应电流沿顺时针方向,由安培定则可知,感应电流的磁场垂直于纸面向里;由楞次定律可得:如果原磁场增强时，原磁场方向应垂直于纸面向外,由安培定则可知,导线电流方向应该向下，为负的，且电流越来越大；由楞次定律可知：如果原磁场方向垂直于纸面向里,则原磁场减弱,直线电流变小，由安培定则可知,直线电流应竖直向上,是正的；A、由图示可知,直线电流按Ａ所示变化,感应电流始终沿顺时针方向,由楞次定律可知，在i 大于零时，为阻碍磁通量的减小,线框受到的合力水平向左,在i小于零时，为阻碍磁通量的增加,线框受到的合力水平向右,故A正确；B、图示电流不能使线框中的感应电流始终沿顺时针方向，故B错误；C、图示电流使线框中的感应电流沿顺时针方向，但线框在水平方向受到的合力始终水平向左,故C错误;D、图示电流使线框中产生的感应电流沿逆时针方向,故D错误；故选：A．点评:正确理解楞次定律中“阻碍”的含义是正确解题的关键,熟练应用楞次定律、安培定则即可正确解题．2.铁路上使用一种电磁装置向控制中心传输信号以确定火车的位置.能产生匀强磁场的磁铁，被安装在火车首节车厢下面,如图(甲）所示（俯视图).当它经过安放在两铁轨间的线圈时,便会产生一电信号,被控制中心接收.当火车通过线圈时,若控制中心接收到的线圈两端的电压信号为图(乙）所示，则说明火车在做( )ﻩA．匀速直线运动ﻩＢ. 匀加速直线运动ﻩC. 匀减速直线运动ﻩＤ．加速度逐渐增大的变加速直线运动考点: 导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应中的力学问题.分析：根据电压﹣时间图象得到电压与时间的关系式，由法拉第电磁感应定律得到火车速度与时间关系式,确定火车的运动性质．解答：ﻩ解：由ｕ﹣t图象得到，线圈两端的电压大小与时间成正比，即有u＝kt，由图象可知，U随t减小,则k是负的,由法拉第电磁感应定律u=ＢLv,则v=＝,B、Ｌ、k均一定，则速度v与时间t成正比,ｋ为负值,v减小,所以火车做匀减速直线运动.故选：C．点评:ﻩ分析物体的运动性质时,可以根据速度与时间的关系进行判断,有时根据位移与时间的关系判断.基础题.3.如图所示,理想变压器原线圈输入电压ｕ=Uｍsiｎωt，副线圈电路中R0为定值电阻，R是滑动变阻器；Ｖ1和V2是理想电压表,示数分别是U1和Ｕ2，A1和A2是理想电流表,示数分别是I1和Ｉ2．下列说法正确的是（)A. I1和I2表示电流的瞬时值B．U1和Ｕ2表示电压的最大值ﻩＣ. 滑片Ｐ向下滑动过程中，U2不变、I1变小ﻩＤ．滑片P向下滑动过程中，U２不变、I1变大考点: 变压器的构造和原理．专题：交流电专题.分析:ﻩ在交流电中电表显示的都是有效值，根据表达式知道输入电压的有效值,在根据匝数与电压、电流的比例关系分析.解答：解:A、B、在交流电中电表显示的都是有效值，故A、Ｂ错误C、滑片P向下端滑动过程中，电阻减小，电压不变即U2不变,则Ｉ2变大,故Ｃ错误;D、由C分析知U2不变，I2变大、则功率变大,故I１变大,故D正确；故选：Ｄ点评：本题考查了变压器的构造和原理，同时考查了电路的动态分析．４．一个圆形闭合线圈固定在垂直纸面的匀强磁场中,线圈平面与磁场方向垂直,如图甲所示.设垂直于纸面向内的磁感应强度方向为正，垂直于纸面向外的磁感应强度方向为负．线圈中顺时针方向的感应电流为正,逆时针方向的感应电流为负．已知圆形线圈中感应电流Ｉ随时间变化的图象如图乙所示，则线圈所在处的磁场的磁感应强度随时间变化的图象可能是图中的（)ﻩA. ﻩB．C．ﻩD．考点：ﻩ法拉第电磁感应定律;闭合电路的欧姆定律.专题:ﻩ电磁感应与图像结合．分析:线圈中因磁通量发生变化，才导致线圈产生感应电动势，从而形成感应电流.由楞次定律可推断出磁场的变化及磁通量的变化.解答：解:设垂直纸面向里的磁感应强度方向为正，线圈中顺时针方向的感应电流为正，则由乙可知：线圈中在前0.5s内产生了逆时针方向的感应电流，由楞次定律可得：当磁通量增加时,感应磁场方向与原磁场方向相反；当磁通量减小时,感应磁场方向与原磁场方向相同．A、在前０.5s内由乙图根据楞次定律可知,若磁场方向垂直向里(正方向）时,必须是磁场增强的；若磁场方向垂直向外（负方向)时,必须是磁场减弱的．而在0．5s﹣1．5s，若磁场方向垂直向里（正方向）时,必须是磁场减弱的;若磁场方向垂直向外(负方向)时，必须是磁场增加的．所以A选项错误;B、在前0．５s内，若磁场方向垂直向里(正方向）时，必须是磁场增强的；若磁场方向垂直向外(负方向)时，必须是磁场减弱的.而在0．５s﹣1．5s，由感应电流方向,结合楞次定律可得：若磁场方向垂直向里（正方向)时，必须是磁场减弱的；若磁场方向垂直向外（负方向）时,必须是磁场增加的．故B错误；C、在前0.5s内由乙图根据楞次定律可知,若磁场方向垂直向里(正方向)时，必须是磁场增强的;若磁场方向垂直向外(负方向）时，必须是磁场减弱的.而在0.５s﹣1.５ｓ，若磁场方向垂直向里(正方向)时,必须是磁场减弱的;若磁场方向垂直向外(负方向)时，必须是磁场增加的.所以C正确;Ｄ、D中磁场的变化引起的感应电流与A中完全相同，故可知D错误;故选：Ｃ．点评：本题考查法拉第电磁感应定律的图象应用,要注意正确掌握楞次定律的应用，同时要注意正确分析图象的性质，能正确应用排除法进行分析.5．如图电路(a)、(ｂ）中，电阻R和自感线圈Ｌ的电阻值都是很小．接通S,使电路达到稳定,灯泡A发光( ）A. 在电路(a）中,断开Ｓ,Ａ将立即变暗B. 在电路(a）中,断开S，Ａ将先变得更亮,然后渐渐变暗C. 在电路(b)中，断开S,Ａ将渐渐变暗D．在电路(b)中，断开Ｓ,A将先变得更亮，然后渐渐变暗考点:ﻩ自感现象和自感系数.分析:电感总是阻碍电流的变化.线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时,产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡构成电路回路.解答：ﻩ解:AB、在电路a中，断开S,L、Ａ串联,由于线圈阻碍电流变小，L相当于电源，导致Ａ将逐渐变暗,流过A的电流方向不会发生变化．故A错误，Ｂ错误；CD、在电路b中,由于电阻Ｒ和自感线圈L的电阻值都很小,所以通过灯泡的电流比线圈的电流小,断开S时,由于线圈阻碍电流变小,导致Ａ将变得更亮，然后逐渐熄灭.故C错误，Ｄ正确;故选：D．点评:ﻩ线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路,线圈左端是电源正极.当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈右端是电源正极.6.实验室里的交流发电机可简化为如图所示的模型,正方形线圈在水平匀强磁场中，绕垂直于磁感线的OＯ′轴匀速转动，今在发电机的输出端接一个电阻R和理想电压表，并让线圈每秒转2５圈,读出电压表的示数为１0V．已知R=１0Ω,线圈电阻忽略不计,下列说法正确的是( )A．线圈位于图中位置时,线圈中的瞬时电流为零B. 从中性面开始计时，线圈中电流瞬时值表达式为i=sin50πt（A）C．流过电阻R的电流每秒钟方向改变５0次D．电阻Ｒ上的热功率等于20W考点: 正弦式电流的图象和三角函数表达式.专题: 交流电专题．分析：ﻩ图示位置是与中性面垂直的位置，电动势最大，电压表的示数为电动势的有效值，每个周期电流方向改变两次．解答:解：A、线圈位于图中位置时,线圈中的瞬时电流不为零反而为最大,故A错误; B、电压最大值为U m=10V，ω=50πrsd/s，所以电流最大值为I m==A，所以从中性面开始计时,线圈中电流瞬时值表达式为i=siｎ５0πt(A),故B正确；Ｃ、一秒钟2５个周期，每个周期电流方向改变两次，所以流过电阻Ｒ的电流每秒钟方向改变50次，故Ｃ正确;Ｄ、电阻Ｒ上的热功率等于P=＝10W，故D错误；故选：BC点评:ﻩ本题考查了交流电的基础知识，根据是正确写出交流电瞬时值的表达式，注意计时的位置是中性面还是与之垂直的地方．７.阻值为10Ω的电阻接到电压波形如图所示的交流电源上，以下说法正确的是( )A．电压的有效值为10ＶﻩＢ．通过电阻的电流有效值为AﻩＣ. 电阻消耗电功率为5WD. 电阻每秒钟产生的热量为１0J考点: 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；电功、电功率．专题：ﻩ交流电专题.分析：ﻩ通过图象得出电压的峰值，根据，求出有效值．根据欧姆定律求出电流的有效值;根据Ｐ=I2R,求出电阻消耗的电功率;根据Ｑ=Pt,求出电阻每秒钟产生的热量.解答:ﻩ解：A、由U﹣ｔ图象,交流电压最大值为１0V，有效值U==.故A错误．B、通过电阻的电流I＝=Ａ．故B正确．C、根据Ｐ=Ｉ２Ｒ,知电阻消耗的电功率P=5Ｗ.故Ｃ正确,D、电阻每秒产生热量Ｑ=Pｔ=5J．故D错误．故选BＣ.点评：ﻩ解决本题的关键能够从图象中获取电压的峰值,根据峰值与有效值的关系求出有效值.知道功率、热量的求解都用有效值．８.竖直放置的平行光滑导轨,其电阻不计,磁场方向如图所示，磁感强度B＝0．5T，导体ab 及cd长均为0.2m，电阻均为0.1Ω,重均为0.１N,现用力向上推动导体aｂ，使之匀速上升（与导轨接触良好）,此时,cｄ恰好静止不动，那么aｂ上升时，下列说法正确的是( ）A. ab受到的推力大小为2NＢ. ａb向上的速度为2ｍ／ｓﻩＣ. 在2s内,推力做功转化的电能是0.4JD．在2ｓ内，推力做功为0.６J考点：ﻩ导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系．专题: 电磁感应——功能问题．分析:要使cd始终保持静止不动，ｃd棒受到的安培力与重力平衡，ab匀速上升,受力也平衡,对两棒组成的整体研究,由平衡条件可求得推力的大小.对ab研究,根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律求解速度.由焦耳定律求解2s内产生的电能,由Ｗ=Ｆs=Ｆvｔ求解推力做功.解答：解：A、导体棒ab匀速上升，受力平衡，cｄ棒静止,受力也平衡,对于两棒组成的整体,合外力为零，根据平衡条件可得：aｂ棒受到的推力F=２mｇ=0．2Ｎ，故A错误.B、对cｄ棒，受到向下的重力G和向上的安培力Ｆ安，由平衡条件得：Ｆ安=G，即BＩL=G，又Ｉ=，联立得：v=＝=2ｍ/s，故B正确.C、在２s内,电路产生的电能Q＝t=t＝×2Ｊ=0.4J，故C正确.D、在2ｓ内拉力做的功,Ｗ=F推vt=0.2×2×2J=０.8J，故D错误．故选:ＢC．点评：本题是电磁感应现象中的力平衡问题,关键是对安培力和电路的分析和计算．要灵活选择研究对象,本题运用整体法和隔离法结合，比较简洁.二、解答题（共6小题，满分52分)９．在研究电磁感应现象实验中,（１）为了能明显地观察到实验现象，请在如图所示的实验器材中，选择必要的器材，在图中用实线连接成相应的实物电路图;（2)将原线圈插人副线圈中,闭合电键,副线圈中感生电流与原线圈中电流的绕行方向相反（填“相同”或“相反”)；（3)将原线圈拔出时，副线圈中的感生电流与原线圈中电流的绕行方向相同（填“相同”或“相反”).考点: 研究电磁感应现象．专题：实验题.分析：（1）注意该实验中有两个回路,一是电源、电键、变阻器(上、下各连一个接线柱）、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答．（２)闭合电键时,正确判断副线圈中磁通量的变化情况，然后根据楞次定律判断感应电流方向，即可正确解答．(3）同理判断原线圈拔出时，正确判断副线圈中磁通量的变化,则根据楞次定律即可解答．解答：解:（1)将电源、电键、变阻器(上、下各连一个接线柱)、小螺线管串联成一个回路，再将电流计与大螺线管串联成另一个回路,实物图如下:（2）闭合电键瞬间，副线圈中磁通量增大,根据楞次定律可知，副线圈中的感应电流磁场阻碍其磁通量的增大,形成与原线圈中电流的绕行方向相反的感应电流．故答案为：相反．(３)同理将原线圈拔出时,副线圈中的磁通量减小，同理根据楞次定律可知副线圈中形成与原线圈中电流的绕行方向相同的感应电流．故答案为:相同.点评：本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同.１0.如图所示是工业生产中大部分光电控制设备用到的光控继电器的示意图,它由光源、光电管、放大器、电磁继电器等几部分组成.（1)示意图中，a端就是电源正极；（2)光控继电器的原理是:当光照射光电管时, 阴极Ｋ发射电子，电路中产生电流，经放大器放大后的电流使电磁铁M被磁化,将衔铁N吸住；无光照射光电管时，电路中无电流，N 自动离开M .考点：ﻩ自感现象和自感系数.分析:ﻩ光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，根据光电效应方程判断光电子最大初动能的变化．解答：ﻩ解:电路中要产生电流，则a端接电源的正极,阴极Ｋ发射电子,电路中产生电流，经放大器放大后的电流使电磁铁Ｍ被磁化,将衔铁N吸住;无光照射光电管时,电路中无电流，Ｎ自动离开Ｍ．故答案为:（１）正(２）阴极K发射电子,电路中产生电流，经放大器放大后的电流使电磁铁Ｍ被磁化，将衔铁N吸住;无光照射光电管时，电路中无电流,N自动离开M点评:解决本题的关键知道光电效应的条件,以及掌握光电效应方程，知道光电子的最大初动能与什么因素有关.１1．如图所示,面积为0．2ｍ2的１0０匝线圈处在匀强磁场中,磁场方向垂直于线圈平面,已知磁感应强度随时间变化的规律为B=（２+0.1ｔ)T,定值电阻R１=６Ω,线圈电阻R2＝4Ω.求：a、ｂ两点间的电压Ｕａb.考点：ﻩ法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．专题:ﻩ电磁感应与电路结合.分析：线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时,线圈中的磁通量发生变化,从而导致出现感应电动势,产生感应电流.由楞次定律可确定感应电流方向,由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小.解答：ﻩ解:由法拉第电磁感应定律有：E=n=ns＝100×0.2×0.1V=２V;线圈相当于电源，ab两点间电压相当于路端电压，根据闭合电路欧姆定律可得:UＡB=R1=6×V＝1.2V答:a、b两点间的电压1.２V.点评:ﻩ考查楞次定律来判定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小.当然本题还可求出电路的电流大小，及电阻消耗的功率．同时磁通量变化的线圈相当于电源．12.如图，一交流发电机的线圈在匀强磁场中匀速转动，线圈匝数Ｎ=100,线圈电阻r＝3Ω，ab=cd=0.５m，bｃ=ad＝0.4m，磁感应强度B=０.５T,电阻R=311Ω,当线圈以n=30０r/miｎ的转速匀速转动时．求:（1)感应电动势的最大值；(2）t＝0时线圈在图示位置，写出此交变电流电动势瞬时值表达式;（3）此电压表的示数是多少．考点：ﻩ交流发电机及其产生正弦式电流的原理;闭合电路的欧姆定律．专题：ﻩ交流电专题.分析:1(ﻩ）先求出角速度，再根据Ｅm=nBSω求出最大电动势;(2)先根据闭合电路欧姆定律求出电流的最大值,再根据感应电流与感应电动势的瞬时值表达式的关系即可求解;（3）先求出电流的有效值,根据公式U=IR求解．解答:ﻩ解：(１)根据角速度与转速的关系得：ω＝２πN＝10πｒaｄ/s感应电动势的最大值为：E m＝ＮBSω=1０0×0.５×0.５×０.４×10πV＝１00πV≈314Ｖ（2)在图示的位置，导线切割磁感线的有效速度为零，瞬时电压为零;故此交变电流电动势的瞬时值表达式为e＝31４sｉｎ１0πｔ（3）电动势的有效值：．由闭合电路的欧姆定律:，部分闭合电路的欧姆定律：代人数据,求得：Ｕ＝ＩR＝２20V答：（1)感应电动势的最大值３14Ｖ;(2)此交变电流电动势的瞬时值表达式ｅ＝３14sin１0πt;（3)此电压表的示数是２2０Ｖ.点评:ﻩ解决本题的关键知道正弦式交流电峰值的表达式E m=ｎBSω,以及知道峰值与有效值的关系．１3．如图所示，水平放置的U形光滑导轨足够长，处于磁感应强度Ｂ=５T的匀强磁场中,导轨宽度L=０.2m，可动导体棒ab质量m=2.0kg,电阻Ｒ=0.1Ω，其余电阻可忽略不计．现在导体棒ａb在水平外力F=1０N的作用下，由静止开始运动了s=40cｍ后,速度达到最大．求：(1）导体棒ａb运动的最大速度．(2）当导体棒ab的速度为最大速度的一半时,棒ａb的加速度．（3）导体棒ab由静止达到最大速度的过程，棒ａｂ上产生的热量.考点:ﻩ导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．专题:ﻩ电磁感应与电路结合．分析：ﻩ(1）当导体棒做匀速直线运动时,速度到达最大,由平衡条件可以求出导体棒的最大速度．(2)当导体棒ab的速度为最大速度的一半时,求出安培力,再由牛顿第二定律可以求解加速度．(３）由能量守恒定律可以求出ab棒上产生的热量．解答：ﻩ解:(1）棒ab在运动方向上受拉力F和安培力F安的作用，做加速度减小的加速运动，当加速度等于零时,速度达到最大，即Ｆ=F安;设棒的最大速度为v m，切割磁感线产生的感应电动势Ｅ=BＬv m；导体棒受到的安培力:F安＝BIL=；联立得：vｍ==m/s=1m/ｓ.（２）当速度达到最大速度一半，v=０.5ｍ/ｓ，设棒的加速度为a，由牛顿第二定律得:Ｆ﹣F安′=mａ此时安培力Ｆ安′＝BI′L==F=5N。
2021年高二理综(物理部分)下学期期末考试试卷
2021年高二理综（物理部分）下学期期末考试试卷说明：（1）测试时间：50分钟（2）满分：100分（3）测考范围：选修3—2第二章，选修3—5全部，选修3—3第一章（4）本卷包括试题和答题卡共6页，把答案做在答题卡上，只交答题卡彭佳冰一、单选题（每小题4分，共16分）13、某正弦交流电的电压最大值是310V，若用交流电压表测量该交流电的电压时，表的示数最接近 ( )A．310V B．220V C．380V D．155V14、矩形线圈在匀强磁场中绕着垂直磁感线方向的轴匀速转动，当线圈通过中性面时，下列说法中正确的是 ( )A．穿过线圈的磁通量最大，线圈中的感应电动势最大B．穿过线圈的磁通量等于零，线圈中的感应电动势最大C．穿过线圈的磁通量最大，线圈中的感应电动势等于零D．穿过线圈的磁通量等于零，线圈中的感应电动势等于零15、关于动量变化量Δp，下列说法正确的是( )．A．Δp越大，则末动量越大B．Δp>0，说明动量增加C．Δp＝0，则物体的动量不变D．Δp≠0，则物体的动量大小发生变化16、如图所示，质量为M的小车置于光滑的水平面上，车的上表面粗糙，有一质量为m的木块以初速度v0水平地滑至车的上表面，若车表面足够长，则( )．A．木块的最终速度为mM＋mv0B．由于车表面粗糙，小车和木块所组成的系统动量不守恒C．车表面越粗糙，木块减少的动量越多D．车表面越粗糙，小车获得的动量越多二、双选题（每小题全对6分，共30分）17、关于天然放射性现象，下列说法正确的是( )．A．是玛丽·居里夫妇首先发现的B．首先说明了原子核不是单一的粒子C．γ射线必须伴随α或β射线而产生D．任何放射性元素都能同时发出三种射线18、关于动量与动能关系的下列说法中，正确的是( )．A．一个质量为m的物体，其动量p与动能E k间有p＝2mE kB．两个质量相同的物体，如果动能相等，则它们的动量相同C．两个质量相同的物体，如果动量相同，则它们的动能一定相等D．两个物体的质量比为m1∶m2＝1∶2，动量大小之比为P1∶P2＝2∶3，则它们的动能之比为Ek1∶Ek2＝4∶919、已知金属钙的逸出功为2.7 eV，氢原子的能级图如图所示，一群氢原子处于量子数n＝4能级状态，则 ( )A．氢原子可能辐射6种频率的光子B．氢原子可能辐射5种频率的光子C．有3种频率的辐射光子能使钙发生光电效应D．有4种频率的辐射光子能使钙发生光电效应20、如图为交流发电机发出的电流的波形图，则下列说法正确的是( )A．在A点时穿过线圈的磁通量最大B．在B点时穿过线圈的磁通量变化率最小C．在A点时线圈处在中性面，电流方向改变D．在B点时线圈处在中性面，电流方向改变21、如图所示，电路中的变压器为理想变压器，S为单刀双掷开关。
2023-2024学年贵州省毕节市高二(下)期末考试物理试卷(含解析)
2023-2024学年贵州省毕节市高二（下）期末考试物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.一质点从t =0时刻由某一位置出发沿直线运动，其速度随时间变化的图像如图所示，则该质点( ) A. 第2s 内的速度方向与加速度方向相同B. 前3s 内通过的路程为15mC. 4s 内的平均速度为0D. t =2s 时返回到起点位置2.2024年6月，嫦娥六号探测器从月球背面实施采样后成功返回地面。
该探测器在绕月飞行过程中，先进入周期为T 1的椭圆轨道I 运动，如图所示，P 点为该轨道的近月点，Q 点为远月点；当探测器某次到达P 点时，实施减速制动，随即进入离月球一定高度、周期为T 2的圆形轨道II 绕月做匀速圆周运动。
已知月球半径为R ，引力常量为G ，则下列说法正确的是( )A. 月球的质量M =4π2R 3GT 22B. 探测器在轨道Ⅱ上运动的速度不变C. 探测器在轨道I 上P 点的加速度大于在轨道II 上P 点的加速度D. 探测器在轨道I 上从P 点向Q 点运动的过程中，速度不断减小，机械能保持不变3.如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m 、套在光滑竖直固定杆上的圆环相连，当圆环处于A 处时，弹簧水平且处于原长。
现将圆环从A 处由静止释放，圆环经过B 处时速度最大，到达C 处时速度为零，重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )A. 由A 到B 的过程中，圆环与弹簧构成的系统势能逐渐减小B. 由A 到B 的过程中，圆环的机械能守恒C. 由A 到C 的过程中，弹簧对圆环先做正功后做负功D. 在C 处时，圆环的加速度为零4.图甲为一列沿x 轴传播的简谐横波在t =2s 时的波形图，图乙为x =2m 处的质点的振动图像，下列说法正确的是( )A. 该波的波速为1m/sB. 该波向x轴负方向传播C. 在1s时间内，x=2m处的质点沿x方向运动的位移为1mD. t=0时，x=1m处的质点处于平衡位置5.如图，一理想变压器原副线圈匝数之比为2：1，原线圈两端加上交流电压，其瞬时值表达式为u=220√ 2sin100πt，两个阻值均为110Ω的电阻R串联后接在副线圈的两端。
贵州省毕节市2021-2022学年高二下学期期末联合考试物理试卷
〖答案〗（1）0.350（0.349~0.351均可给分）（2） （3）
13.如图所示，质量 的长木板在足够大的光滑地面上水平向右做速度大小 的匀速直线运动。某时刻一质量 的小物块（视为质点）以大小 的速度从木板的左端向右滑上木板，结果物块恰好未滑离木板。物块与木板间的动摩擦因数 ，取重力加速度大小 。求：
（1）木板的最终速度大小v；
（2）该过程中物块与木板之间因摩擦产生的热量Q及木板的长度L。
〖答案〗（1） ；（2） ；
14.如图所示，AB、CD分别为条形匀强磁场区域的左、右平行边界，P、 、 为AB上的三个点，AB与CD间的距离为d，磁场方向垂直纸面向外（图中未画出）。一对正、负电子（不计重力）均从P点沿与AB夹角 的方向垂直射入磁场，结果均恰好不从CD射出，而分别从 、 点射出磁场。求：
A. B对A的摩擦力对A做正功B. B对A的摩擦力对A做负功
C. A对B的摩擦力对B做正功D. A对B的摩擦力对B做负功
〖答案〗BC
9.如图所示，一刚性矩形金属线框从高处由静止下落，进入一水平的匀强磁场区域，然后穿出磁场区域继续下落。不计空气阻力。下列说法正确的是（）
A.线框可能匀加速进入磁场B.线框可能匀速进入磁场
（1）本实验采用的科学方法是____________。
A.控制变量法B.等效替代法C.猜想与假设法
（2）图乙中，只用一个弹簧测力计拉橡皮条的拉力是_____________。（选填“F”或“ ”）
（3）某次实验中，只用一个弹簧测力计拉橡皮条时，弹簧测力计的示数如图丙所示，则其示数为_____________N。
A. “2021年10月16日6时56分”指的是时刻
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2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共8小题1．一定质量的0 ℃的水在凝结成0 ℃的冰的过程中，体积变大，它内能的变化是A．分子平均动能不变，分子势能减少B．分子平均动能减小，分子势能增加C．分子平均动能不变，分子势能增加D．分子平均动能增加，分子势能减少2．物块m在静止的传送带上匀速下滑时，传送带突然转动，传送带转动的方向如图中箭头所示则传送带转动后，下列说法中正确的是（）A．重力对物块做功的功率将变大B．摩擦力对物块做功的功率不变C．物块与传送带系统的热功率不变D．摩擦力对传送带做功的功率不变3．有关分子的热运动和内能,下列说法不正确的是( )A．一定质量的气体,温度不变,分子的平均动能不变B．物体的温度越高,分子热运动越剧烈C．物体的内能是物体中所有分子的热运动动能和分子势能的总和D．布朗运动是由悬浮在液体中的微粒之间的相互碰撞引起的4．司机老王在周六开车去乡下看望父母，当他驾车以v0＝12 m/s的速度在平直的乡村道路上前进时，突然发现前面有石块，便以大小为6 m/s2的加速度刹车，则刹车后3 s内的位移为A．9 m B．12 m C．21 m D．8 m5．电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电6．在甲、乙、丙三种固体薄片上涂上蜡，用烧热的针接触其上的某一点，蜡熔化的范围如图（甲）、（乙）、（丙）所示，而甲、乙、丙三种固体在熔化过程中温度T随加热时间t变化的图象如图（丁）所示，则（）A．甲、丙为晶体，乙是非晶体B．甲、乙为非晶体，丙是晶体C．甲、丙为非晶体，乙是晶体D．甲为单晶体，乙为非晶体，丙为多晶体7．关于伽利略对物理问题的研究，下列说法中正确的是A．伽利略认为，在同一高度由静止下落的重的物体和轻的物体，重的物体下落得快B．只要多次试验，理想斜面实验就能做成功C．理想斜面实验虽然是想象中的实验，但它是建立在可靠的事实基础上的D．伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证8．关于液体的下述说法中正确的是A．表面张力会使液面收缩，分子间表现为斥力B．附着层分子的作用力表现为斥力时，液体对该固体是不浸润的C．液体对某固体是不浸润的，当液体装在由这种固体物质做成的细管中时管中的液面是凸起的D．毛细现象中，细管的内径越小，管内的液面越高二、多项选择题：本题共4小题9．下列说法正确的是（）A．同一种液体的沸点与压强有关，压强越大，沸点越高B．若已知气体在某一状态下的密度和单个气体分子的体积，即可求出单个分子质量C．盛放水的密闭容器中，当水蒸气达到饱和时，不再有水分子飞出水面D．浸润液体在细管中会上升，不浸润液体在细管中会下降，这样的现象都称为毛细现象E.理想气体在等压膨胀过程中，气体分子在相等时间内对容器内壁相同面积上的撞击次数会减少10．将分子a固定在x轴上的O点，另一分子b由无穷远处只在分子间作用力作用下沿x轴的负方向运动，其分子势能随两分子的空间关系的变化规律如图所示．则下列说法正确的是．A．分子b在x =x2处时的分子势能最大B．分子b由x =x2处向x =x1处运动的过程中分子势能减小C．分子b在x =x2处受到的分子力为零D．分子b由无穷远处向x =x2处运动的过程中，分子b的加速度先增大后减小11．如图所示，匀强电场中有一个以O 为圆心、半径为R 的圆，电场方向与圆所在平面平行，A、O 两点电势差为U，一带正电的粒子在该电场中运动，经A、B 两点时速度方向沿圆的切线，速度大小均为v0，粒子重力不计，则下列说法正确的是A．粒子从A 到B 的运动轨迹是一段抛物线B．粒子从A 到B 的运动过程中，电势能先减小后增大C．粒子从A 到B 的运动过程中，动能最小值为A 点动能的一半D．圆周上任两点间电势差的最大值为2U12．一辆小汽车以30 m/s的速度匀速行驶在高速公路上，突然发现正前方30 m处有一辆大卡车以10 m/s 的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵．如图所示，图线a、b分别为小汽车和大卡车的v－t图象(忽略刹车反应时间)，以下说法正确的是()A．因刹车失灵前小汽车已减速，故不会发生追尾事故B．在t＝3 s时发生追尾事故C．在t＝5 s时发生追尾事故D．若紧急刹车时两车相距45米，则不会发生追尾事故且两车最近时相距10米三、实验题:共2小题13．在利用“插针法”测定玻璃的折射率实验中①下列操作可以减小实验误差的是______（多选填字母代号）A．P1、P2及P3、P4之间的距离适当大些B．选择平行玻璃砖进行实验C．入射角适当大些D．若有几块厚度不同的玻璃砖，应选用厚度较小的②正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示，此玻璃的折射率计算式为n=________(用图中的α、β表示)③同学在画界面时，不小心将两界面的间距画得比玻璃砖宽度略大，则测得的折射率____(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)．14．在“验证动量守恒定律”的实验中，实验装置如图所示．槽口末端在水平地面上的竖直投影为O点，实验中可供选择的碰撞小球均为直径相同的硬质小球，碰撞时都可认为是弹性碰撞．设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m1．（1）为了使入射小球在碰撞后不被反弹，则应使m1____m1．（填“>”“＝”或“<”）；（1）为了保证入射小球和被碰小球离开槽口后均做平抛运动，必须调整斜槽末端____；（3）在（1）（1）条件的前提下，让入射小球从同一高度沿斜槽滑下，实验中将被碰小球放入槽口末端前后的落点如图中A、B、C所示，图中OA＝x1，OB＝x1，OC＝x3，为验证小球碰撞前后动量守恒，实验中____（填“需要”或“不需要”）测量槽口末端到水平地面的高度h．若实验中小球碰撞前后动量守恒，则应满足的关系式为m1x1＝__________．四、解答题：本题共4题15．根据玻尔原子结构理论，氦离子（He+）的能级图如图所示，当大量He+处在n=4的激发态向基态跃迁时，产生的光子照射到某种金属上，其中n=3向n=2跃迁产生的光子刚好能使该金属发生光电效，求：(1)该金属的逸出功；(2)光电子的最大初动能。
16．如图，左、右两个气缸底部有细管(容积可忽略)连通，左气缸的顶部开口与大气相通，右气缸绝热且内部顶端有加热装置．开始时导热活塞a在气缸底部但未与底部接触，绝热活塞b将右气缸内气体分成体积相等的A、B两部分．已知左、右气缸内部高度分别为h和4h，初始温度均为T0，大气压强为p0；a和b厚度不计，横截面积均为S，所受重力大小均为p0S，与气缸接触良好，不计一切摩擦．(i)给A缓慢加热，当a刚刚到达气缸顶部但未与顶部接触时，A吸收的热量为Q，求该过程中A的内能变化量；(ii)当a恰好到达气缸顶部时，继续给A缓慢加热，使b刚刚到达气缸底部但未与底部接触，求此时A的温度．17．如图所示，匀强磁场的磁感应强度B=0.4T，匝数为n=50匝的矩性线圈，绕转轴OO'垂直于匀强磁场匀速转动，每匝线圈长为L=20cm，宽为d=10cm，线圈每分钟转动1500转，在匀速转动过程中，从线圈平面经过图示位置时开始计时。
求（1）写出交流感应电动势e的瞬时值表达式；（2）若每匝线圈本身电阻r=0.02Ω，外接一只阻值为19Ω的用电器，使线圈和外电路构成闭合电路，写出交流感应电流的瞬时值表达式。
18．在幼儿园里为了锻炼小朋友四肢的力量，进行了一项游戏活动，让小朋友用轻绳拉着汽车轮胎奔跑，如图甲所示，在一次训练中，小朋友手里拉着不可伸长的轻绳拖着质量m＝5.5kg的轮胎从静止开始沿着笔直的跑道匀加速奔跑，5s时轮胎从轻绳上脱落，此时轮胎的速度为5m/s，再经过1s轮胎停止．不计空气阻力．己知绳与地面的夹角为37°，轮胎与地面间的摩擦因数始终保持不变．（已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2）求：（1）画出轮胎运动全过程的v﹣t图象．（2）绳子拉力的大小为多少？（3）轮胎在整个运动的过程中，由于摩擦而产生的热量Q是多少？参考答案一、单项选择题：本题共8小题1．A【解析】温度是分子的平均动能的标志，一定质量的水凝结成同温度的冰温度不变，则分子的平均动能不变；体积变大，放出热量，内能变小，则分子势能减小，A正确．2．B【解析】传送带突然转动后，对物块进行受力分析，物块受重力、支持力，由于传送带斜向上运动，而物块斜向下运动，所以物块所受到的摩擦力不变仍然斜向上，所以物块仍匀速下滑．则重力对物块做功的功率P G=mgvsinθ不变，摩擦力对物块做功的功率P f=μmgvcosθ不变，选项B正确；物体与传送带的相对速度变大，则物块与传送带系统的热功率变大，选项C错误；开始传送带不动时，摩擦力对传送带不做功，做功的功率为零；当传送带向上运动时，物块对传送带的摩擦力向下，摩擦力对传送带做负功，则摩擦力对传送带做功的功率变大，选项D错误；故选B.3．D【解析】【详解】A.温度是分子平均动能的标志，所以温度不变，分子的平均动能不变，故A正确；B.物体的温度越高，分子的平均动能越大，即分子热运动越剧烈，故B正确；C.物体的内能就是物体内部所有分子的热运动动能和分子势能的总和，故C正确；D.布朗运动是固体小颗粒的无规则运动，是由液体分子的不规则碰撞引起的，故D 错误。
4．B【解析】试题分析：汽车从刹车到静止所用的时间：t=002v s a-=,则3s 内的位移等于2s 内的位移00122v x t m +==,B 正确，ACD 错误． 考点：本题考查刹车类问题．5．D【解析】【分析】【详解】由图知，穿过线圈的磁场方向向下，在磁铁向下运动的过程中，线圈的磁通量在增大，故感应电流的磁场方向向上，再根据右手定则可判断，流过R 的电流从b 到a ，电容器下极板带正电，所以A 、B 、C 错误，D 正确．6．A【解析】【详解】晶体具有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点；单晶体在导热性能方面表现为各向异性，多晶体和非晶体在导热性能方面表现为各向同性。
甲表现为各向同性，且有一定的熔点，是多晶体；乙表现为各向同性，没有一定的熔点，是非晶体；丙表现为各向异性，有一定的熔点，是单晶体。
A ．甲丙为晶体，乙为非晶体，故A 正确；B ．甲丙为晶体，乙为非晶体，故B 错误；C ．甲丙为晶体，乙为非晶体，故C 错误；D ．甲为多晶体，乙为非晶体，丙为单晶体，D 错误．7．C【解析】【详解】A ．伽利略认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢相同，故A 错误。