河北省邢台一中2013-2014学年高二物理上学期第一次月考试题新人教版
2012-2013学年河北省邢台一中高二(上)第一次月考物理试卷
2012-2013学年河北省邢台一中高二（上）第一次月考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共1小题，共5.0分)1.关于电流的说法正确的是（）A.根据I=可知，I与q成正比B.导体中有电荷运动就形成电流C.电流强度是一个标量，其方向是没有意义的D.电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位【答案】D【解析】解：A、电流定义式I=为比值定义法，比值定义法中各个量之间没有正反比关系，故A错误．B、导体中电荷的自由移动不能形成电流，只有导体中电荷的定向移动才形成电流，故B错误．C、电流强度是一个标量，其方向可以看出电势的变化，故C错误．D、电流强度的单位“安培”，国际单位将安培作为基本单位之一，故D正确．故选：D电流定义式I=为比值定义法；导体中电荷的定向移动形成电流；电流是标量，但方向也有意义；国际单位将安培作为基本单位；首先要会区分比值定义公式；其次要明白电荷“自由移动”和“定向移动”的区别．二、多选题(本大题共2小题，共10.0分)2.关于电源电动势，下列说法正确的是（）A.电源电动势就是接在电源两极间的电压表的示数B.电源的电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别C.电源的电动势是表示电源把其他形式的能量转化为电能的本领大小的物理量D.电动势越大，电源两极间的电压一定越高【答案】BC【解析】解：A、据闭合电路的欧姆定律知，电源的电动势在数值上等于内、外电压之和，而接在电源两极间的电压表其示数为路端电压；故A错误；B、电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化为电能本领强弱；而电压是反映电场做功的能力大小的；二者有着本质的区别；故B正确；C、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大；故C正确．D、电源两极间的电压是由电源及外电路共同决定的，电动势大，但路端电压不一定大；故D错误；故选：BC．电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势；电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关；电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．本题考查对于电源的电动势的理解能力，电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．3.下列说法正确的是（）A.根据可知，导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比B.根据可知，导体的电阻与导体两端的电压成正比，与通过导体的电流成反比C.欧姆定律适用于金属导体导电，电解液导电，电离后气体导电，或者是晶体二级管，晶体三极管导电D.欧姆定律只适用于纯电阻电路【答案】AD【解析】解：A、正反比关系成立，导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，故A正确．B、正反比关系不成立，电阻是导体的固有属性，与两端电压和通过的电流无关，故B错误．C、欧姆定律只适用于纯电阻电路，适用于金属导体导电，电解液导电，对电离后气体导电，或者是晶体二级管，晶体三极管导电不适用，故C错误，D正确．故选：AD正反比关系成立．正反比关系不成立．欧姆定律适用于金属导体导电，电解液导电，只适用于纯电阻电路．关于欧姆定律的变形，要明确那个正反比成立，那个正反比不成立，掌握欧姆定律适用条件．三、单选题(本大题共2小题，共10.0分)4.有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q，此时电子的定向移动速度为v，在△t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为（）A.nv S△tB.nv△tC.D.【答案】AC【解析】解：在△t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中经过的长度为v△t，由于铜导线的横截面积为S，则在△t时间内，电子经过的导线体积为v△t S．又由于单位体积的导线有n个自由电子，在△t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为nv S△t，故A 正确．由于流经导线的电流为I，则在△t时间内，流经导线的电荷量为I△t，而电子的电荷量为q，则△t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为，故C也正确．故选：AC．首先根据电流强度的定义可以求得总的电荷量的大小，进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式，根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数．本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．5.某同学用伏安法测小灯泡的电阻时，误将电流表和电压表接成如图所示的电路，接通电源后，可能出现的情况是（）A.电流表烧坏B.电压表烧坏C.小灯泡烧坏D.小灯泡不亮【答案】D【解析】解：由于电压表内阻较大，所以电路中的电流非常小，故灯泡几乎不亮，不会被烧坏；电流表中示数很小，不会被烧坏；此时电压表相当于直接接在电源两端，故此时电压表的示数接近电源的电动势；故ABC错误；D正确；故选：D由于电流表内阻较小，而电压表内阻较大；根据欧姆定律可知此时可能出现的情况．电压表不能串联接入电路．本题要求能正确理解电压表和电流表的内阻；明确电压表在电路中相当于开路，电流表相当于短路．四、多选题(本大题共1小题，共5.0分)6.一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电动势为E，内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则（）A.电动机消耗的总功率为UIB.电动机消耗的热功率为C.电源的输出功率为EID.电源的效率为1-【答案】AD【解析】解：A、电动机消耗的总功率应该用P=IU来计算，所以总功率为IU，所以A正确；B、电动机消耗的热功率应该用P=I2R来计算，所以热功率P=I2R，所以B错误．C、电源的输出功率等于电动机的输入功率，得P出=UI．故C错误．D、电源的总功率为IE，内部发热的功率为I2r，所以电源的效率为=l-，所以D正确．故选AD．在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．五、单选题(本大题共3小题，共15.0分)7.演示位移传感器的工作原理如图所示，物体M在导轨上平移时，带动滑动变阻器的金属滑杆P一起移动，通过电压表显示的数据，来反映物体位移的大小x，假设电压表是理想的，则下列说法中正确的是（）A.物体M不动时，电源内没有电流通过B.物体M不动时，电压表没有示数C.物体M运动时，电源内的电流会发生变化D.物体M运动时，电压表的示数会发生变化【答案】D【解析】解：A、物体M不动时，电路中仍有电流，而且电流不变．故A错误．B、只有当触头P停在变阻器最左端时，物体M不动时，电压表没有示数，当触头P在其他位置时，电压表仍有示数．故B错误．C、物体M运动时，电路中电阻没有变化，根据欧姆定律可知，电源内的电流不会发生变化．故C错误．D、电压表测量变阻器左侧的电压，物体M运动时，左侧电压会变化，而理想电压表对电路没有影响，则电压表的示数会发生变化．故D正确．故选：D．根据物体M运动时，电路中电阻有无变化，分析电源的电流有无影响．理想电压表对电路没有影响，电压表测量变阻器左侧的电压．本题考查分析实际问题的能力，要抓住理想电压表对电路没有影响．8.如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r．将滑动变阻器的滑片P从图示位置向右滑动的过程中，关于各电表示数的变化，下列判断中正确的是（）A.电压表V的示数变小B.电流表A1的示数变小C.电流表A2的示数变小D.电流表A的示数变大【答案】C【解析】解：AD、当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电阻增大，则总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，则由U=E-I r可知，路端电压增大；则可知电流表A的示数减小，电压表V的示数增大；故AD错误；BC、因路端电压增大，A1中电流增大；因总电流减小，而R1中电流增大，则A2中电流减小，故B错误，C正确．故选：C．由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流及路端电压的变化，再分析局部电路可得出电流表及电压表的变化．本题考查闭合电路欧姆定律的应用，要注意明确解题的思路为：“局部-整体-局部”．9.如图甲所示，为理想电流表，R为电阻箱（0～99.9Ω），置于阻值最大位置，R x为未知电阻：（1）断开S2，闭合S1，逐次减小电阻箱的阻值，得到一组R、I值，并依据R、I值作出了如图8乙所示的R-图线．（2）断开S2，闭合S1，当R调至某一位置时，电流表的示数I1=1.0A；保持电阻箱的位置不变，断开S1，闭合S2，此时电流表的示数为I2=0.8A，据以上数据可知（）A.电源电动势为3.0 VB.电源内阻为0.5ΩC.R x的阻值为1.0ΩD.S1断开、S2接通时，随着R的减小，电源输出功率减小【答案】B【解析】解：A、根据闭合电路欧姆定律公式I=得：R=-r，则R-图象的斜率k=E，由数学知识求得电源的电动势E=2.0V，故A错误；B、R轴截距的绝对值等于内阻r，即r=0.5Ω，故B正确；C、K2断开，K1闭合时，R+r=；K1断开，K2闭合时，R x+R+r=，所以，R x=-=0.5Ω，故C错误；D、因R x=r，所以，电路中的外电阻大于内阻，随着R的减小，电源输出功率将增大，R=0时，电源输出功率最大，故D错误．故选：B．断开K2，闭合K1时，电源与电阻箱串联，根据闭合电路欧姆定律求出R与的关系式，根据图线的斜率求出电动势，根据纵轴截距求出电源的内阻．断开K2，闭合K1，当R 调至某一位置时，电流表的示I1=1.0A；保持电阻箱的位置不变，断开K1，闭合K2，此时电流表的示数I2=0.8A．根据闭合电路欧姆定律求出R X的阻值．解决本题的关键知道R与图线的斜率和截距表示的物理意义看，以及能够熟练运用闭合电路欧姆定律．六、多选题(本大题共1小题，共5.0分)10.如图所示，已知C=6μF，R1=5Ω，R2=6Ω，E=6V，r=1Ω，开关原来处于断开状态，下列说法中正确的是（）A.开关S闭合电路稳定后，电流表的读数为0.5AB.开关S闭合电路稳定后，电流表的读数为5.5AC.开关闭合经过一段时间，再将开关S迅速断开，则断开S后通过R2的电量为1.8×10-5CD.开关S断开瞬间，因为电容放电，所以电流表的读数不为零【答案】AC【解析】解：A、B、电路稳定时，电容器相当开关断开，根据闭合电路欧姆定律得：电流表的读数为：I1==A=0.5A．故A正确，B错误．C、电路稳定时，电容器板间电压为：U=I1R2=0.5×6V=3V，其所带电量为：Q=CU=3×6×10-6C=1.8×10-5C，则再将开关S迅速断开，则通过R2的电量为1.8×10-5C．故C正确．D、开关S断开瞬间，电容并不通过电流表放电，电流表的读数为零．故D错误．故选：AC．电路稳定时电容器相当开关断开，根据闭合电路欧姆定律求出电路中的电流和R2两端的电压，求出电容器所带电荷量．在开关S闭合的瞬间，电容器充电，电流表的读数与电路稳定时不同．开关S迅速断开，通过R2的电量等于电容器原来的带电量．本题分析时要抓住电路稳定时，电容器所在电路没有电流，相当于断路，运用欧姆定律进行计算．七、单选题(本大题共2小题，共10.0分)11.A、B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球．两块金属板接在图所示的电路中．电路中的R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，R3为定值电阻．当R2的滑动触头P在a端时闭合开关S．此时电流表和电压表的示数分别为I和U，带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为θ，电源电动势E和内阻r一定．则以下说法正确的是（）A.若将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大B.保持滑动触头P不动，用更强的光线照射R1，则I增大，U增大C.保持滑动触头P不动，用更强的光照射R1，则小球重新达到稳定后θ变大D.保持滑动触头P不动，用更强的光照射R1，则U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的比值不变【答案】D【解析】解：A、该电路中，滑动变阻器上没有电流，对AB之间的电压没有影响，故A错误；B、用更强的光线照射R1，电阻随光照强度的增大而减小，故电路中的电流增大，内电阻上的电压降增大，路端电压U减小．故B错误；C、由B分析可知路端电压U减小，电流增大，R3上的电压最大，AB之间的电压减小，电场强度减小，小球受电场力减小，则小球重新达到稳定后θ变小．故C错误；D、根据闭合电路的欧姆定律，取两组数据，得：E=U1+I1r…①E=U2+I2r…②①-②得：U1-U2=I2r-I1r，即：所以，不论R1如何变化，U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的比值不变．故D 正确．故选：D．该电路中，滑动变阻器上没有电流，对AB之间的电压没有影响；光敏电阻的电阻随光照强度的增大而减小，故电路中的电流增大，R3上的电压最大，AB之间的电压减小，电场强度减小，小球受电场力减小，则小球重新达到稳定后θ变小．本题以光敏电阻为媒介，考查含有变化电阻的电路，这就要求有一定的知识迁移能力；同时，D选项要利用测量电源的电动势与内电阻的结论，对能力的要求也就更高．12.如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器两金属板水平放置，开关S是闭合的，两板间一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态，G为灵敏电流计．则以下说法正确的是（）A.在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴向上加速运动，G中有从b到a的电流B.在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程中，油滴向下加速运动，G中有从b到a的电流C.在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴仍然静止，G中有从a到b的电流D.在将S断开后，油滴仍保持静止状态，G中无电流通过【答案】A【解析】解：A、C、粒子原来处于平衡状态，重力和静电力平衡；电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片向上移动，电阻R变大，电路总电阻变大，电流变小，电容器两端电压为：U=E-I（r+R1），故电容器两端电压变大，带电量变大，电场力变大，粒子向上加速；电容器充电，故电流从b到a，故A正确，C错误；B、在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程刚好与选项A相反，故B错误；D、在将S断开后，电容器通过电阻R2与滑动变阻器放电，电量减为零，电流沿a至b，故D错误；故选A．电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片移动，根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到导致电容器两端电压变化情况，最终判断油滴受力变化和运动情况．本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化．八、填空题(本大题共2小题，共16.0分)13.（1）用多用电表的电阻挡测量阻值约几十千欧的电阻R x，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为电阻挡调零旋钮．把你认为正确步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上．a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上电阻挡的0刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出R x的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准电阻挡×1kd．旋转S使其尖端对准电阻挡×100e．旋转S使其尖端对准交流500V挡，并拔出两表笔______ ．根据如图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为______ Ω．（2）下述关于用多用电表电阻挡测电阻的说法中正确的是______ ．A．测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较大的挡位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零．【答案】c、a、b、e；30000；A、C【解析】解：（1）测量几十kΩ的电阻R x我们一般选择较大的档位先粗测，使用前应先进行调零，然后依据欧姆表的示数，在更换档位，重新调零，在进行测量；使用完毕应将选择开关置于OFF位置或者交流电压最大档，拔出表笔．欧姆表的示数乘以相应档位的倍率即为待测电阻的阻值30kΩ．（2）欧姆档更换规律“大小，小大”，即当指针偏角较大时，表明待测电阻较小，应换较小的档位；反之应还较大的档位．电流总是从红表笔流入从黑表笔流出多用电表，每次换挡一定要进行欧姆调零，测量电阻一定要断电作业．故答案为：（1）c、a、b、e；30000；（2）A、C，欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入，（1）用欧姆表测电阻，每次换挡后和测量前都要重新调零（指欧姆调零）．（2）测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开．（3）测量时注意手不要碰表笔的金属部分，否则将人体的电阻并联进去，影响测量结果．（4）合理选择量程，使指针尽可能在中间刻度附近，（1）实际应用中要防止超量程，不得测额定电流极小的电器的电阻（如灵敏电流表的内阻）．（2）测量完毕后，应拔出表笔，选择开关置于OFF挡位置，或交流电压最高挡；长期不用时，应取出电池，以防电池漏电．（3）欧姆表功能：测量电阻、测二极管正负极．（4）用法：最好指针打到中间将误差减小14.某同学在用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验中，串联了一只2.5Ω的保护电阻R0，实验电路如图1所示．（1）连好电路后，当该同学闭合电键时，发现电流表示数为0，电压表示数不为0．检查各接线柱均未接错，接触良好且未发生短路；他用多用电表的电压挡检查电路，把两表笔分别接a、b，b、c，d、e时，示数均为0，把两表笔接c、d时，示数与电压表示数相同，由此可推断故障是______ ．（2）按电路原理图图2，用多用电表的电压挡检查电路，试把两表笔分别接c、d时的实物电路图以画线代替导线连接起来．（3）排除故障后，该同学顺利完成实验，测量得到下列数据，电池的电动势为______ ，内阻为______ ．______ ．【答案】R断路；1.5V；0.5Ω；电压表分流【解析】解：（1）接c、d电压表示数为电源的电动势，说明此时电压表与电源相连，故其他部位是完好的，只能是R发生断路；（2）先连接串联部分，依次将电源、电键、滑动变阻器、电流表连接，再将电压表并联在电源及定值电阻两端即可，电路图如图所示；（3）由表中数据，描点连线，可得U-I图如下图所示；图象与纵坐标的交点为电源的电动势，故电源的电动势约为1.5V；图象的斜率表示内阻，则内电阻r==-2.5Ω=0.5Ω；（4）由于电压表的分流作用，电流表的测量值小于电路电流，这是造成实验误差的原因．故答案为：（1）R断路；（2）电路图如图所示；（3）1.5V；0.5Ω；（4）电压表分流．（1）用电压表测电路时，若示数为零，则说明所接部分没有断路；若有示数则说明所接部分内出现了断路；（2）由原理图可画出实物图，注意在连线时不要交叉，同时要注意电表的正负接线柱；（3）由描点法得出U-I图象，而图象与纵坐标的交点为电动势；图象的斜率表示电源的内电阻；（4）将保护电阻等效到电源的内部，电压表测的是外电压，电流表的读数小于通过电源的电流，是因为电压表起分流作用．本题中要注意电压表的接法，此种接法测出的是不是路端电压，而是滑动变阻器两端的电压；此时可将保护电阻等效为电源的内阻进行分析．九、计算题(本大题共3小题，共34.0分)15.如图所示，电源的电动势是6V，内电阻是0.5Ω，小电动机M的线圈电阻为0.5Ω，限流电阻R0为3Ω，若电压表的示数为3V，试求：（1）电源的功率和电源的输出功率（2）电动机消耗的功率和电动机输出的机械功率．【答案】解：（1）在串联电路中，电压表读R0两端的电压，由欧姆定律得I=电源的总功率：P总=EI=6×1=6W由能量转化和守恒定律得：P输出=P总-I2r=6-12×0.5=5.5W（2）电源的输出功率为电动机和限流电阻获得功率之和，P输出=P M+P OP O=I2R O=3WP M=P输出-P O=5.5-3=2.5W有P M=P机+P M r得P机=P M-P M r=2.5-I2r=2.5-0.5=2W答：（1）电源的功率为6W，电源的输出功率为5.5w；（2）电动机消耗的功率为2.5w，电动机输出的机械功率为2W．【解析】（1）限流电阻与电动机串联，电流相等，根据欧姆定律求解干路电流，根据P=EI求解电源的总功率，根据P输出=EI-I2r求解输出功率；（2）根据功率的分配关系和能量守恒求解电动机的输出功率．本题关键按照局部→整体→局部的思路分析，求解干路电流是切入点，根据功率表达式求解各个元件的功率是突破口．16.如图所示，R3=0.5Ω，S断开时，两表读数分别0.4A和2.4V，S闭合时，它们的读数分别变化了0.3A和0.3V．（两表均视为理想表）．求：（1）R1、R2的阻值；（2）电源的电动势和内阻．【答案】解：（1）当S闭合后，可知电路中的总电阻减小，据欧姆定律可知总电流增大，R1两端的电压减小，所以开关闭合后电流表的读数为I2=I1+△I=0.4A+0.3A=0.7A，电压表的读数为U2=U1-△U=2.4V-0.3V=2.1V当S断开时R1==Ω=6Ω当S闭合时R并==Ω=3Ω根据并联电阻的特点得：R并=代入得：3=解得：R2=6Ω（2）当S断开时，由欧姆定律得：E=I1（R3+r）+U1代入得：E=2.4+0.4×（0.5+r）①当S闭合时E=I2（R3+r）+U2代入得：E=0.7×（0.5+r）+2.1②联立①②带人数据解之得：E=2.8V，r=0.5Ω答：（1）R1、R2的电阻值为6Ω和6Ω．（2）电源的电动势和内阻为2.8V和0.5Ω．【解析】首先明确电压表和电流表所测的电路，当S闭合时，判断电路的电阻如何变化，从而判断电流表和电压表的示数变化；多次用欧姆定律即可求解．本题是电路的动态分析与闭合电路欧姆定律的综合，对两种情况分别列式，由闭合电路欧姆定律求解电动势和内阻是常用的方法，灵活应用欧姆定律是解本题的关键．17.如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm．电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间．若小球带电量为q=1×10-2C，质量为m=2×10-2kg，不考虑空气阻力．那么（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达A板？（2）此时，电源的输出功率是多大？（取g=10m/s2）【答案】解：（1）小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到A板时速度为零．设两板间电压为U AB由动能定理得-mgd-q U AB=0-①高中物理试卷第11页，共12页∴滑动变阻器两端电压U滑=U AB=8V②设通过滑动变阻器电流为I，由欧姆定律得I=滑=1A③滑动变阻器接入电路的电阻R滑=滑=8Ω④即滑动变阻器接入电路的阻值为8Ω时，小球恰能到达A板．（2）电源的输出功率P出=I2（R+R滑）=23W⑤故电源的输出功率是23W．【解析】小球恰好运动到A板，根据动能定理列式求解两板间的电压；然后根据欧姆定律求解滑动变阻器的电阻值；最后根据电功率表达式求解电源的输出功率．本题关键是分析清楚电路结构和运动情况后，根据动能定理、欧姆定律联立列式求解．高中物理试卷第12页，共12页。
河北省邢台一中高一物理上学期第一次月考试题新人教版
邢台一中2013-2014学年上学期第一次月考高一年级物理试题第Ⅰ卷（选择题共56分）一、选择题(本题共14小题；每小题4分，共56分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．在电视连续剧《西游记》中，常常有孙悟空“腾云驾雾”的镜头，这通常是采用“背景拍摄法”：让“孙悟空”站在平台上，做着飞行的动作，在他的背后展现出蓝天和急速飘动的白云，同时加上烟雾效果；摄影师把人物动作和飘动的白云及下面的烟雾等一起摄入镜头。
放映时，观众就感觉到“孙悟空”在“腾云驾雾”。
这时，观众所选的参考系是（）A．“孙悟空” B．平台 C．飘动的云 D．摄影师2．在国庆60周年阅兵式上，作为飞机编队领头的预警指挥机飞过天安门广场，以下说法正确的是（）A．研究飞机从出发到返回所用的时间时可以把飞机看做质点B．研究飞机通过某一个标志杆所用的时间时可以把飞机看做质点C．研究飞机在空中的动作时可以把飞机看做质点D．因为飞机很大，所用不能把飞机看做质点3. 关于速度，速度的变化量和加速度的关系，下列说法正确的是（）A.物体的加速度增大时，速度也增大B.物体的速度变化越快，加速度越大C.物体的速度变化量越大，加速度越大D.物体的速度和加速度同向时，速度一定增大4．某人沿半径为50m的圆做圆周运动，已知他运动半个圆周用的时间是100s，则它在这段时间内的平均速度和平均速率分别大约是( )A．1m/s，1m/s B．l.6m/s，1.6m/sC．lm/s，l.6m/s D．1.6m/s，1m/sx5．如图所示为表示甲、乙物体运动的x -t图象，则其中错误．．的是 ( ) A．甲物体做曲线线运动，乙物体做匀加速直线运动B．两物体的初速度都为零C．在t1时间内两物体平均速度大小相等D．相遇时，甲的速度大于乙的速度6．做匀变速直线运动的物体，在某时刻的速度大小为4m/s,2s后速度大小为6m/s，则物体的加速度大小( )A. 可能小于2m/s2B. 可能等于2m/s2C. 可能大于2m/s2D.可能大于5 m/s27．一个小石块从空中a点自由落下,先后经过b点和c点,不计空气阻力.已知它经过b点时的速度为v,经过c点时的速度为3v.则ab段与bc段位移之比为（）A.1∶3B.1∶5C.1∶8D.1∶98．甲车以加速度1m/s2由静止开始作匀加速直线运动，乙车落后２s在同一地点由静止出发，以加速度4m/s 2作加速直线运动，两车运动方向一致，则乙车追上甲车所用的时间为（ ）A ．2sB ．3sC ．4sD ．6s9．物体作初速度为零的匀加速直线运动，第1s 内的位移是5m 则（ ）A ．物体的加速度是5m/s 2B ．物体的加速度为10m/s 2C ．物体在第2s 内的位移为10mD ．物体在第4s 内的位移是20m10．如图所示为一物体做直线运动的速度（v-t ）图象，根据图象做出的以下判断中，正确的是（ ） A ．物体始终沿正方向运动B ．物体先沿负方向运动，在t =2 s 后开始沿正方向运动C ．在t = 2 s 前物体做匀减速直线运动，在t = 2 s 后物体做匀加速直线运动D ．在t = 2 s 时，物体回到了原点，即出发点11．一物体以5m/s 的初速度、大小为2m/s 2的加速度在粗糙的水平面上做匀减速滑行，则在4s 内通过的位移为（ ）A ． 4m B.3.6m C. 6.25m D. 8.5m12．甲乙两物体从同一直线不同地点同时出发，沿同一方向做匀加速直线运动，甲在前乙在后，若它们的初速度v 甲>v 乙，加速度大小相同，则在运动过程中（ ） A ．两物体速度之差保持不变 B ．两物体的速度之比与时间成正比 C. 两物体间的距离保持不变 D. 两物体间的距离不断增大 13. 光滑斜面的长度为L ，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t ，则下列说法不正确．．．的是（ ） A ．物体运动全过程中的平均速度是tL B ．物体在t ／2时的即时速度是t L2C ．物体运动到斜面中点时瞬时速度是tL2 D ．物体从顶点运动到斜面中点所需的时间是22t 14. 从高为20米的屋檐下每隔0.2秒落下一个小水滴，把这些小水滴的运动都看成是自由落体运动，则当第一个水滴恰好落地时，第3滴和第4滴水之间相距为（ ）（取g =10m/s 2）A.6米B.5米C.4米D.3米第Ⅱ卷（实验题 计算题 共54分）二、实验题（每空4分，共24分。
【新课标版】2013-2014学年高二上学期第一次月考 物理 Word版含答案
2013-2014学年度上学期第一次月考高二物理试题【新课标】一、选择题（每小题4分，共40分）。
1、下列关于静电场的说法不．正确的是（）A、电场线越密处电场强度越大，电场线越疏处电场强度越小B、电场强度大的地方电势可能低，电场强度与电势无必然联系C、将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零D、在正电荷产生的静电场中，场强方向指向电势降低最快的方向2、控制变量法，在物理实验中应用比较广泛，如图所示为研究影响平行板电容器电容的因素的装置图，设两极板正对面积为S，极板间的距离为，静电计指针偏角为，实验中，极板所带电荷量Q 不变，若（）A、保持S不变，增大d，则变小B、保持S不变，减小d，则变小C、保持不变，减小S，则变大D、保持不变，减小S，则不变3、如图所示为三个点电荷电场的电场线分布图，图中a、b两点处的场强大小分别为E a、E b，电势分别为，则下列说法正确的是（）A、Ea＞Eb＞B、Ea＞Eb＜C、Ea＜Eb＜D、Ea＜Eb＞4、如右图所示，带电体Q靠近一个接地空腔导体，空腔里面无电荷，在静电平衡后，下列物理量中等于零的是（）A、导体腔内任意点的场强B、导体壳内任意点的场强C、导体外表面的电量D、导体空腔内表面的电量5、如图所示，在粗糙的斜面上固定一点电荷Q，在M点无初速度释放带有恒定电荷的小物块，小物块在Q的电场中沿斜面运动到N点停下。
则从M到N的过程中，下列说法正确的是（）A、小物块所受的电场力减小B、小物块的电势能可能减小C、M点的电势一定低于N点的电势D、小物块电势能变化量的大小一定小于克服摩擦力做的功6、一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的，关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）7、带电荷量为—q的点电荷与均匀带电大薄板相距2d，点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心，如图中a点处的电场强度为零，根据对称性，带电薄板在图中b点处产生的电场强度的大小和方向分别为（）A、，水平向左B、，水平向左C、，水平向右D、，水平向左8、如图所示，水平虚线上有两个等量异种点电荷A、B，M、N、O是AB的垂线上两点，且AO＞OB，2ON=OM，一个带正电的试探电荷在空间中运动的轨迹如图中实线所示，设M、N两点的场强大小分别E M、E N，电势分别为，则下列判断错误的是（）A、A点电荷一定带正电B、试探电荷在M处的电势能小于N处的电势能C、Em一定小于EN，可能大于D、U MN=U NO9、下图中的坐标原点O都表示一半径为R的带正电的实心金属球的球心位置，纵坐标表示带电球产生的电场的场强或电势的大小，电势的零点取在无限远处；横坐标r表示离开球心的距离，坐标平面上的曲线表示该球所产生的电场的场强大小或电势大小随距离的变化关系，则下列图象正确的是（）10、如图所示，A、B为平行金属板，两板相距为d，分别与电源两极相连，两板的中央各有一小孔M和N，今有一带电质点，自A板上方相距d的P点由静止自由下落（P、M、N在同一直线上），空气阻力忽略不计，到达N孔时速度恰好为零，然后沿原路返回，若保持两极间的电压不变，则：（）①把A板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回。
河北省邢台一中2013-2014学年高二上学期第一次月考物理试题Word版含答案
邢台一中2013----2014学年上学期第一次月考高二年级物理试题命题人：段利峰第I 卷（选择题共48分）一、选择题 (每小题4分，共48分)1．当电场强度超过63.010/V m ⨯时，阴雨天的空气会被击穿而放电。
现有一片距空旷地面300m 高的带电乌云，乌云与地面间要发生闪电，两者间的电势差至少为（ ） A ．41.010V -⨯ B ．41.010V ⨯C ．89.010V ⨯D ．99.010V ⨯2．在电场中的某一点，当放入正电荷时受到的电场力向右，当放入负电荷时受到的电场力向左，则下列说法正确的是（ ）A ．当放入正电荷时，该点场强向右；当放入负电荷时，该点场强向左B ．该点的场强方向一定向右C ．该点的场强方向一定向左D ．该点的场强方向可能向左，也可能向右3．如图为一匀强电场，某带电粒子从A 点运动到B 点，在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J ，电场力做的功为1.5J ，则下列说法正确的是( )A ．粒子带负电B ．粒子在A 点的电势能比在B 点少1.5JC ．粒子在A 点的动能比在B 点少0.5JD ．粒子在A 点的机械能比在B 点少1.5J4．在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形的abcd ，顶点a 和c 处分别固定等量的异种电荷，如图所示。
若将一个带负电的粒子在外力F 的作用下沿着对角线bd 做匀速直线运动。
粒子从b 运动到d 的过程中，下列说法正确的是（ ） A ．先从高电势到低电势，后从低电势到高电势 B ．电场力先做正功，后做负功 C ．电场力始终不做功D ．外力Ｆ始终做正功5．在如图所示的电路中，开关S 闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障（ ） A.R 1短路 B.R 2短路 C.R 3短路 D.R 1断路6．在如图所示的U —I 图像中，直线a 为某电源的路端电压U 与干路电流I 的关系图像，直线b 为某电阻R 的伏安特性曲线。
河北邢台市第一中学高二物理上学期精选试卷检测题
河北邢台市第一中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，竖直平面内有半径为R 的半圆形光滑绝缘轨道ABC ，A 、C 两点为轨道的最高点，B 点为最低点，圆心处固定一电荷量为+q 1的点电荷．将另一质量为m 、电荷量为+q 2的带电小球从轨道A 处无初速度释放，已知重力加速度为g ，则（）A ．小球运动到B 2gR B ．小球运动到B 点时的加速度大小为3gC ．小球从A 点运动到B 点过程中电势能减少mgRD ．小球运动到B 点时对轨道的压力大小为3mg ＋k 122q q R 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】A.带电小球q 2在半圆光滑轨道上运动时，库仑力不做功，故机械能守恒，则：212B mgR mv =解得：2B v gR 故A 正确；B.小球运动到B 点时的加速度大小为：22v a g R==故B 错误；C.小球从A 点运动到B 点过程中库仑力不做功，电势能不变，故C 错误；D.小球到达B 点时，受到重力mg 、库仑力F 和支持力F N ，由圆周运动和牛顿第二定律得：2122BN q q v F mg k m R R--=解得：1223N q q F mg kR=+ 根据牛顿第三定律，小球在B 点时对轨道的压力为：1223q qmg kR+方向竖直向下，故D正确．2．真空中，在x轴上的坐标原点O和x=50cm处分别固定点电荷A、B，在x=10cm处由静止释放一正点电荷p，点电荷p只受电场力作用沿x轴方向运动，其速度与在x轴上的位置关系如图所示。
下列说法正确的是（）A．x=10cm处的电势比x=20cm处的电势高B．从x=10cm到x=40cm的过程中，点电荷p的电势能一定先增大后减小C．点电荷A、B所带电荷量的绝对值之比为9：4D．从x=10cm到x=40cm的过程中，点电荷p所受的电场力先增大后减小【答案】AC【解析】【分析】【详解】A．点电荷p从x=10cm处运动到x=30cm处，动能增大，电场力对点电荷做正功，则点电荷所受的电场力方向沿+x轴方向，因此，从x=10cm到x=30cm范围内，电场方向沿+x轴方向，所以，x=10cm处的电势比x=20cm处的电势高，故A正确；B．点电荷p在运动过程中，只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变，点电荷的动能先增大后减小，则其电势能先减小后增大，故B错误；C．从x=10cm到x=30cm范围内，点电荷p所受的电场力沿+x轴方向，从x=30cm到x=50cm范围内，点电荷p所受的电场力沿-x轴方向，所以，点电荷p在x=30cm处所受的电场力为零，则点电荷A、B对点电荷p的静电力大小相等，方向相反，故有22A BA BQ q Q qk kr r=其中r A=30cm，r B=20cm，所以，Q A：Q B=9：4，故C正确；D．点电荷x=30cm处所受的电场力为零，由电场力公式F=qE可知：x=30cm处的电场强度为零，所以从x=10cm到x=40cm的过程中，点电荷p所受的电场力一定先减小后增大，故D错误。
河北省邢台市高二物理第一次月考试卷
“教书先生”唯恐是街市百姓最为熟习的一种称呼，从最先的门馆、私塾到晚清的学堂，“教书先生”那一行当怎么说也算是让国人仰慕甚或敬畏的一种社会职业。
不过更早的“先生”观点并不是源于教书，最先出现的“先生”一词也并不是有教授知识那般的含义。
《孟子》中的“先生何为出此言也？”；《论语》中的“有酒食，先生馔”；《国策》中的“先生坐，何至于此？”等等，均指“先生”为父兄或有学问、有品德的尊长。
其实《国策》中自己就有“先生长辈，有德之称”的说法。
可见“先生”之原意非真实的“教师”之意，倒是与现在“先生”的称号更靠近。
看来，“先生”之根源含义在于礼貌和尊称，并不是具学问者的专称。
称“老师”为“先生”的记录，首见于《礼记 ?曲礼》，有“从于先生，不越礼而与人言”，此中之“先生”意为“年长、资深之教授第1页/共5页知识者”，与教师、老师之意基本一致。
教师范读的是阅读教课中不行缺乏的部分，我常采纳范读，让少儿学习、模拟。
如领读，我读一句，让少儿读一句，边读边记；第二通读，我高声读，我高声读，少儿小声读，边学边仿；第三赏读，我借用录好配朗诵磁带，一边放录音，一边少儿频频聆听，在频频聆听中体验、品尝。
第2页/共5页与现在“教师”一称最靠近的“老师”观点，最早也要追忆至宋元期间。
金代元好问《示侄孙伯安》诗云：“伯安入小学，颖悟非凡貌，属句有夙性，说字惊老师。
”于是看，宋元期间小学教师被称为“老师”有案可稽。
清朝称主考官也为“老师”，而一般学堂里的先生则称为“教师”或“教习”。
可见，“教师”一说是比较晚的事了。
现在领会，“教师”的含义比之“老师”一说，拥有资历和学问程度上较低一些的差异。
辛亥革命后，教师与其余官员一第3页/共5页样依法令任命，故又称“教师”为“教员”。
唐宋或更早以前，针对“经学”“律学”“算学”和“书学”各科目，其相应教授者称为“博士”，这与现在“博士”含义已经相去甚远。
而对那些特别解说“武事”或解说“经籍”者，又称“讲课老师”。
人教版高中物理选修1-1第一学期10月月考.docx
高中物理学习材料桑水制作唐山开滦二中2013～2014学年第一学期10月月考高二物理试卷说明：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，全卷共100分，答题时间：90分钟。
第I卷选择题（共48分）一、单项选择题：（本大题包括8小题，每小题4分，共32分）1．在电场中的某一点，当放入正电荷时受到的电场力向右，当放入负电荷时受到的电场力向左，则下列说法正确的是（）A．当放入正电荷时，该点场强向右；当放入负电荷时，该点场强向左B．该点的场强方向一定向右C．该点的场强方向一定向左D．该点的场强方向可能向左，也可能向右2．两个分别带有电荷量＋Q和－3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F；现将两小球相互接触后，距离变为r/2固定，此时两球间库仑力的大小为A．43F B．112F C．34F D．12F3．下面能描述理想平行板电容器的电容C与间距d、正对面积S关系的图象是4．如图所示，电场中的一簇电场线关于y轴对称分布，O点是坐标原点，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四个点，其中M、N在y轴上，Q点在x轴上，则A．M点电势比P点电势高B．OM间的电势差等于NO间的电势差C．一正电荷在O点的电势能小于在Q点的电势能D．将一负电荷从M点移到P点，电场力做正功5．M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A．电子在N点的动能小于在M点的动能B．该电场有可能是匀强电场C．该电子运动的加速度越来越小D．电子运动的轨迹为曲线6．有三个用电器，分别为日光灯、电烙铁和电风扇，它们的额定电压和额定功率均为“220 V,60 W”．现让它们在额定电压下工作相同时间，产生的热量( )A．日光灯最多 B．电烙铁最多C．电风扇最多 D．一样多7．某同学用伏安法测小灯泡的电阻时，误将电流表和电压表接成如图所示的电路．接通电源后，可能出现的情况是（）A．电流表烧坏B．电压表烧坏C．小灯泡烧坏 D．小灯泡不亮8．利用伏安法测未知电阻时，用图甲测得结果为R1，用图乙测得结果为R2，若待测电阻的真实值为R，则（）A．R1＞R＞R2B．R1＜R＜R2 C．R1＞R，R2＞R D．R1＜R，R2＜R二、不定项选择题：（本大题包括4小题，全部选对得4分，选对但不全得2分，共16分。
人教版高中物理-有答案-河北省邢台市某校高二(上)第一次周测物理试卷
河北省邢台市某校高二（上）第一次周测物理试卷一、选择题（不定项）1. 关于摩擦起电和感应起电的实质，下列说法中正确的是（）A.摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体B.摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造出电荷C.感应起电说明不接触就能产生电荷D.感应起电说明电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体2. 三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径。
球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变。
由此可知（）A.n＝3B.n＝4C.n＝5D.n＝63. 电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要的原因（）A.灰尘的自然堆积B.玻璃具有较强的吸附灰尘的能力C.电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘D.电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘4. 图是电场中某区域的电场线分布图，a、b是电场中的两点．下列说法中正确的是（）A.a点的场强比b点的大B.a点的场强与b点的一样大C.同一个点电荷在a点所受的电场力比在b点所受的电场力小D.同一个点电荷在a点所受的电场力与在b点所受的电场力一样大5. 关于物理学的研究方法，以下说法错误的是（）A.在用实验探究加速度、力和质量三者之间关系时，应用了控制变量法B.在利用速度时间图像推导匀变速直线运动位移公式时应用的是微元法C.在定义电场强度时应用了比值法，因而电场强度与电场力和试探电荷的电荷量无关D.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，建立质点概念是应用等效替代法6. 如图所示，Q1和Q2是两个电荷量大小相等的点电荷，MN是两电荷的连线，HG是两电荷连线的中垂线，O是垂足，下列说法正确的是（）A.若两电荷是异种电荷，则OM的中点与ON的中点电势一定相等B.若两电荷是异种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，而与HG 上各点相比是最大的C.若两电荷是同种电荷，则OM中点与ON中点处的电场强度一定相同D.若两电荷是同种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，与HG上各点相比是最大的7. 如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受到电场力的作用，根据此图可以作出的正确判断是（）A.带电粒子所带电荷的正、负B.带电粒子在a、b两点的受力方向C.带电粒子在a、b两点的加速度何处较大D.带电粒子在a、b两点的速度何处较大8. 如图，把q1=−1.0×10−9C的检验电荷放入点电荷Q产生的电场中的P点，测得q1所受电场力大小为1.0×10−6N，方向水平向右．Q在P激发的电场强度为（）A.1000N/C，方向水平向右B.1000N/C，方向水平向左C.10N/C，方向水平向右D.10N/C，方向水平向左9. 如图所示，AB 是某点电荷电场中一条电场线，在电场线上P 处自由释放一个负试探电荷时，它沿直线向B 点处运动，对此现象下列判断正确的是（ ）A.电荷向B 做匀加速运动B.电荷向B 做加速度越来越小的运动C.电荷向B 做加速度越来越大的运动D.电荷向B 做加速运动，加速度的变化情况不能确定10. 在光滑的绝缘水平面上，有两个质量均为m 带电量分别为+q 和−q 的甲、乙两个小球，在力F 的作用下一起匀加速直线运动，则甲、乙两球之间的距离r 为（ ） A.√q kF B.q√2kFC.2q√kFD.2q√Fk11. 下列选项中的各14圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各14圆环间彼此绝缘． 坐标原点O 处电场强度最大的是（ ）A. B. C. D.12. 有一个点电荷只受电场力的作用，分别从两电场中的a 点由静止释放，在它沿直线运动到b 点的过程中，动能E k 随位移s 变化的关系图像如图所示中的①②图线．则下列说法正确的是（ ）A.正电荷在A 图电场中从a 点由静止释放，沿直线运动到b 点的过程中，对应的图线是①B.负电荷在B 图电场中从a 点由静止释放，沿直线运动到b 点的过程中，对应的图线是①C.负电荷在C 图电场中从a 点由静止释放，沿直线运动到b 点的过程中，对应的图线是②D.负电荷在D 图电场中从a 点由静止释放，沿直线运动到b 点的过程中，对应的图线是② 二、填空题如图所示，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，已知q1与q2之间的距离为L1，q2与q3之间的距离为L2，且每个电荷都处于平衡状态．如图所示，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，已知q1与q2之间的距离为L1，q2与q3之间的距离为L2，且每个电荷都处于平衡状态．(1)如q2为正电荷，则q1为________电荷，q3为________电荷．(2)q1、q2、q3三者电荷量大小之比是________．在电场中P点放一个电荷量为4×10−9C的点电荷，它受到的电场力为2×10−4N，则P点的场强为________N/C．把放在P点的点电荷的电荷量减为2×10−9C，则P点的场强为________N/C．把该点的点电荷移走，P点的场强又为________N/C．如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10−8C的正点电荷，则A处场强大小E A=________N/C，B处的场强大小E B=________N/C．三、计算题如图所示，一带电为q、质量为m的小物块放在一倾角为θ的光滑绝缘斜面上，当整个装置处于一水平向左的匀强电场中时，小物块恰好处于静止状态．（1）试在答题卷的方框中分析小物块带的电荷种类．（2）对物块进行受力情况，在受力分析图中标上符号，并在答题卷的相应位置写上各力的名称；（3）求出该匀强电场的电场强度E的大小．如图所示，分别在A、B两点放置点电荷Q1=+2×10−14C和Q2=−2×10−14C在AB 的垂直平分在线有一点C，且AB=AC=BC=6×10−2m，静电力常量k=9.0×109N⋅m2/C2，试求：（1）C点的场强大小．（2）如果有一个电子（电子电量e=−1.6×10−19C）静止在c点，它所受的电场力的大小和方向如何？如图所示，在竖直平面内一个带正电的小球质量为m，所带的电荷量为q，用一根长为L不可伸长的绝缘细线系在一匀强电场中的O点，匀强电场方向水平向右，分布的区域足够大，现将带正电小球从O点右方由水平位置A点无初速度释放，小球到达最低点B时速度恰好为零．（1）求匀强电场的电场强度E的大小；（2）若小球从O点的左方由水平位置C点无初速度释放，则小球到达最低点B所用的时间t是多少？参考答案与试题解析河北省邢台市某校高二（上）第一次周测物理试卷一、选择题（不定项）1.【答案】A【考点】电荷守恒定律【解析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【解答】解：A、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体．故A正确．B、摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，但并没有创造电荷．电荷只是发生转移．故B错误．C、感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分，是通过电场发生的，电场也是一种物质，故C错误．D、感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一个部分．电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是接触带电．故D错误．故选：A．2.【答案】D【考点】库仑定律【解析】当两个完全相同的带同种电荷的小球接触后，它们的总电荷量将平分；如果两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小，从而可以求得n的数值．【解答】设1、2距离为R，则球1、2之间作用力为：F＝k nq 2R2，3与2接触后，它们带的电的电量平分，均为：nq2，再3与1接触后，它们带的电的总电量平分，均为(n+2)q4，将球3移至远处后，球1、2之间作用力为F＝k n(n+2)q 28R2，有上两式解得：n＝6，3.【答案】D【考点】生活中的静电现象【解析】带电体有吸引轻小物体的性质，据此结合选项进行分析判断．【解答】解：电视机工作时，由于电子运动到了屏幕上，使屏幕带了电，而带电体有吸引轻小物体的性质，故把灰尘吸引到了屏幕上．故选D．4.【答案】A【考点】电场强度电场线【解析】电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线越密，电场强度越大．同一点电荷在电场强度越大的地方受到的电场力越大．【解答】解：AB．由图看出，a点处电场线比b点处电场线密，则a点的场强比b点的大，故A正确，B错误．CD．由电场力公式F=Eq可知，同一个点电荷在a点所受的电场力比在b点所受的电场力大，故CD错误．故选A．5.【答案】D【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系v-t图像（匀变速直线运动）电场强度【解析】物理学的发展离不开科学的思维方法，要明确各种科学方法在物理中的应用，如控制变量法、理想实验、理想化模型、极限思想等．【解答】解：A、在用实验探究加速度、力和质量三者之间的关系时，由于涉及物理量较多，因此采用控制变量法进行实验，故A正确；B、在利用速度-时间图像推导匀变速直线运动的位移公式时，采用极限思想，把时间轴无限分割，得出面积大小等于物体位移的结论，故B正确．C、在定义电场强度时应用了比值法，即E=F，因而电场强度与电场力和试探电荷的q电荷量无关，故C正确D、在不需要考虑物体本身的大小和形状时，建立质点概念是应用理想模型法，故D错误本题选错误的，故选D．6.【答案】B【考点】库仑定律电场强度【解析】若两电荷是异种电荷，根据顺着电场线方向降低，分析电势的高低；在两电荷的连线上，O点场强最小，在连线的中垂线上O点的场强最大；若两电荷是同种电荷，根据电场的对称性分析电场强度的关系，电场线越密，场强越大。
河北邢台市第一中学高二物理上学期第一次月考试题
邢台一中2015---2016学年上学期第一次月考高二年级物理试题第Ⅰ卷（选择题，共56分）一、单项选择题（本题共9小题，每小题4分，共36分）在每小题所给出的四个选项中，只有一个选项符合题意。
1．三个电阻器按照如图所示的电路连接，其阻值之比为R1∶R2∶R3=1∶3∶6，则电路工作时，通过三个电阻器R1、R2、R3上的电流之比I1∶I2∶I3为（）A．6∶3∶1 B．1∶3∶6 C．6∶2∶1 D．3∶2∶12．电阻器R1和R2的电阻值和额定功率分别为“100Ω，4 W”和“12.5Ω，8 W”字样。
如果电阻器R1和R2的阻值不随所加电压的变化而变化，则将它们串联起来之后，整个串联电路所加的额定电压为（）A．30 V B．22.5 V C．20 V D．10 V4．有一电池，外电路断开时的路端电压为3.0V，外电路接上阻值为8.0Ω的负载电阻后路端电压降为2.4V，则可以确定电池的电动势E和内电阻r为（）A．E=2.4V，r=1.0Ω B．E=3.0V，r=2.0Ω C．E=2.4V，r=2.0Ω D．E=3.0V，r=1.0Ω5．用电动势E=6V、内电阻r=4Ω的直流电源分别单独对下列四个小灯泡供电，实际消耗电功率最大的小灯泡的额定电压和额定功率是（设灯泡电阻不随电压变化）（）A．“6V，12W” B．“6V，9W” C．“6V，4W” D．“6V，3W”6．伏安法是一种常用的测量导体电阻的方法，某同学分别用如图（a）、（b）两种接法测量一个电阻器的阻值，以下结论正确的是（）A．用图（a）接法测得的电阻值偏大 B．用图（b）接法测得的电阻值偏大C．用图中两种接法测得的电阻值都偏大 D．用图中两种接法测得的电阻值都偏小7．如图所示的是一种测量电流表内阻的电路。
闭合开关K，调节电阻箱R的阻值，当电阻箱阻值为R1时，电流表指针恰好满偏。
将电阻箱阻值为R2时，电流表指针刚好半偏。
若忽略电池内阻，则电流表内阻为（）A．122RR- B．21RR- C．122RR- D．)(212RR-8．在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则以下判断正确的是（）A．灯L1变暗，电流表的示数增大B．灯L2变暗，电流表的示数减小C．灯L1变亮，电压表的示数减小GRKR x（a）AVR x（b）AVD ．灯L 2变亮，电压表的示数增大9．如图所示的电路中，灯泡A 和灯泡B 原来都是正常发光的。
邢台市高二上学期第一次月考物理试题(含答案)
邢台市高二上学期第一次月考物理试题（含答案）第I卷（选择题）请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、单选题1．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是（）A．B．C．D．2．根据电荷守恒定律，使两个相同的金属球A、B分别带+5q和-q的电荷，把它们接触后分开，则A带电量为（）A．-4q B．+2q C．+4q D．-2q3．某个物体的带电荷量不可能是()A．1.6×10-19C B．3.2×10-20C C．4.8×10-19C D．1.6×10-6C4．如图所示,三个完全相同的绝缘金属小球a、b、c位于等边三角形的三个顶点上,c球在xOy 坐标系原点O上,a和c带正电,b带负电,a所带电荷量比b所带电荷量少,关于c受到a和b 的电场力的合力方向,下列判断中正确的是()A．从原点指向第Ⅰ象限B．从原点指向第Ⅱ象限C．从原点指向第Ⅲ象限D．从原点指向第Ⅳ象限5．如图所示的各电场中A、B两点的电场强度相同的是()A．B．C．D．6．均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场.如图所示,在半球面上均匀分布正电荷,总电荷量为,球面半径为,为通过半球顶点与球心的轴线,在轴线上有、两点,.已知点的场强大小为,则点的场强大小为()A．B．C．D．7．如图是点电荷电场中的一条电场线，下列说法正确的是A．A点电势一定大于0B．B点的电势一定比C高C．B点的场强一定比C强D．该电场线一定是正点电荷形成的电场中的一条电场线8．如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带电的小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该带正电的小球的运动轨迹，小球在a 点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV，若取C点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于－6eV，它的动能等于：（）A．16eV B．14eV C．6eV D．4ev评卷人得分二、多选题9．下列关于元电荷的说法中正确的是()A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取D．元电荷的数值最早是由法国科学家库仑用实验测得的10．A、B两个点电荷在真空中产生电场的电场线(方向未标出)如图所示.图中C点为两点电荷连线的中点,MN为两点电荷连线的中垂线,D为中垂线上的一点,电场线的分布关于MN左右对称.则下列说法中正确的()A．这两个点电荷一定是等量异种电荷B．这两个点电荷一定是等量同种电荷C．把某正电荷从C点移到D点所受电场力方向不变D．C点的电场强度可能比D点的电场强度小11．如图所示,实线是一个电场中的电场线,虚线是一个负检验电荷在这个电场中的轨迹,若电荷是从处运动到处,以下判断正确的是()A．电荷从到加速度减小B．处电势能大C．处电势高D．电荷在处速度小12．如图所示,在光滑绝缘水平面上有三个孤立的点电荷,恰好静止不动.围绕做匀速圆周运动,在运动过程中三个点电荷始终共线.已知分别与相距,不计点电荷间的万有引力,下列说法中正确的是()A．一定带同种电荷B．可能带异种电荷C．的电荷量之比为D．的质量之比为第II卷（非选择题）请点击修改第II卷的文字说明评卷人得分三、填空题13．如图所示,是匀强电场中一正方形的四个顶点,已知三点的电势分别为,,.由此可得点的电势__________.14．如图所示,为某电场的电场线和等势面分布情况,对于各点,电势最高的点是__________点,电场强度最大的点是__________点,将一正电荷从移至,电势能__________,将其从移至,电场力做功为__________。
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邢台一中2013----2014学年上学期第一次月考高二年级物理试第I 卷（选择题共48分）一、选择题 (每小题4分，共48分)1．当电场强度超过63.010/V m ⨯时，阴雨天的空气会被击穿而放电。
现有一片距空旷地面300m 高的带电乌云，乌云与地面间要发生闪电，两者间的电势差至少为（ ） A ．41.010V -⨯ B ．41.010V ⨯C ．89.010V ⨯D ．99.010V ⨯2．在电场中的某一点，当放入正电荷时受到的电场力向右，当放入负电荷时受到的电场力向左，则下列说法正确的是（ ）A ．当放入正电荷时，该点场强向右；当放入负电荷时，该点场强向左B ．该点的场强方向一定向右C ．该点的场强方向一定向左D ．该点的场强方向可能向左，也可能向右3．如图为一匀强电场，某带电粒子从A 点运动到B 点，在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J ，电场力做的功为1.5J ，则下列说法正确的是( )A ．粒子带负电B ．粒子在A 点的电势能比在B 点少1.5JC ．粒子在A 点的动能比在B 点少0.5JD ．粒子在A 点的机械能比在B 点少1.5J4．在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形的abcd ，顶点a 和c 处分别固定等量的异种电荷，如图所示。
若将一个带负电的粒子在外力F 的作用下沿着对角线bd 做匀速直线运动。
粒子从b 运动到d 的过程中，下列说法正确的是（ ） A ．先从高电势到低电势，后从低电势到高电势 B ．电场力先做正功，后做负功 C ．电场力始终不做功D ．外力Ｆ始终做正功5．在如图所示的电路中，开关S 闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障（ ） A.R 1短路 B.R 2短路 C.R 3短路 D.R 1断路6．在如图所示的U —I 图像中，直线a 为某电源的路端电压U 与干路电流I 的关系图像，直线b 为某电阻R 的伏安特性曲线。
用该电源和电阻R 连接成闭合电路，由图像可知( ) A ．R 的阻值1.5 ΩB ．电源电动势为3V ，内电阻为0.5 ΩC ．电源的输出功率为3.0 WD ．电阻R 的电功率为1.5 W7．有一只电熨斗，内部电路如图甲所示，其中M 为旋钮内部的接线端子，旋钮有“高”“中”“低”“关”4个挡，这4个挡的内部接线有如图乙所示的4种方式，则下列判断正确的是( )A ．a 方式为“高”档B ．b 方式为“低”档C ．c 方式为“关”档D ．d 方式为“中”档8．如右图所示，直线A 、B 分别为电源a 、b内阻分别为r a 和r b ，若将一定值电阻R 0分别接到a 、b 两电源上，通过R 0的电流分别为I a 和I b ，则（ ）A ．r a ＞r bB ．I a ＞I bC ．R 0接到a 电源上，电源的输出功率较大，但电源的效率较低D ．R 0接到b 电源上，电源的输出功率较小，电源的效率也较低9．某同学将一直流电源的总功率P ,输出功率R P 和电源内部的发热功率r P 随电流I 变化的图线画在同一坐标系中，如右图中的a 、b 、c 所示。
则下列说法中正确的是（ ）A.图线b 表示输出功率R P 随电流I 变化的关系B. 图中a 线最高点对应的功率为最大输出功率C. 在a 、b 、c 三条图线上分别取横坐标相同的A 、B 、C 三点这三点的纵坐标一定满足关系A B C y y y =+D. b 、c 线的交点M 与a 、b 线的交点N 的横坐标之比一定为1:2，纵坐标之比一定为1:4。
10．如右图所示的电路中，电阻R1=10Ω，R3=5Ω，R4=10Ω，电容器电容C=2μF ，电源电动势E=15V ，内阻不计，要使电容器不带有电，变阻器R2的阻值应调为（ ） A ．8Ω B ．16Ω C ．20Ω D ．40Ω11．如图所示电路中，电源的内电阻为r ，R 2、R 3、R 4均为定值电阻，电表均为理想电表。
闭合电键S ，当滑动变阻器R 1的滑动触头P 向右滑动时，电流表和电压表的示数变化量的大小分别为∆I 、∆U ，下列说法正确的是（ ）A ．电压表示数变大B ．电流表示数变大 CrDr12．如右图所示，C 为两极板水平放置的平行板电容器，闭合开关S ，当滑动变阻器1R 、2R 的滑片处于各自的中点位置时，悬在电容器C 两极板间的带电尘埃P 恰好处于静止状态．要使尘埃P 向下加速运动，下列方法中可行的是( ) A ．把2R 的滑片向左移动 B ．把2R 的滑片向右移动 C ．把1R 的滑片向左移动 D ．把开关S 断开第II 卷（非选择题共50分）二、实验题（每空2分，共24分） 13．某同学用游标为20分度的卡尺测量一薄金属圆板的直径D ，用螺旋测微器测量其厚度d ，示数如图所示。
由图可读出D=________mm ，14．如图所示电路，当A 、B 两端接入150V 的电压时，C 、D 两端电压为50V.当C 、D 两端接入150V 电压时，A 、B 两端电压为100V,求R 1：R 2：R 3=_________15．在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，实验室备有下列器材选用： ①干电池（电动势E 约为V 5.1，内电阻r 约为Ω0.1）； ②电流表G （满偏电流mA 0.2，内阻Ω=10g R ）； ③电流表A （量程A 6.0~0，内阻约为Ω5.0）； ④滑动变阻器R （Ω20~0，A 10）； ⑤滑动变阻器'R （Ω300~0，A 1）； ⑥定值电阻Ω=9990R ；⑦开关和导线若干。
某同学设计了如所示的电路进行实验：（1）在该电路中为了操作方便且能准确地进行测量， 滑动变阻器应选 （填写器材前的字母代号“R ”或“'R ”）； 在闭合开关S 前，应将滑动变阻器的滑动端c 移动至 _ _ （填“a端”、“中央”或“b端”）。
（2）根据图（甲）在图（乙）的实物图上连线。
（3）闭合开关S，移动滑动变阻器的滑动端c至某一位置，读出电流表G和电流表A的示数I1和I2。
多次改变滑动端c的位置，得到的数据为：在图（丙）所示的坐标纸上以I1为纵坐标、I2为横坐标画出所对应的I1-I2曲线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数）。
（4）利用所画图线可求得电源的电动势E= V，电源的内电阻r =Ω。
（结果要求保留两位小数)16.用伏安法测量一个定值电阻的电阻值，现有的器材规格如下：A．待测电阻R x（大约100Ω）B．直流毫安表A1（量程0~10mA，内阻约为100Ω）C．直流毫安表A2（量程0~40mA，内阻约为40Ω）D．直流电压表V1（量程0~3V，内阻约为5kΩ）E．直流电压表V2（量程0~15V，内阻约为15kΩ）F．直流电源（输出电压4V，内阻计）G．滑动变阻器R（阻值范围0~50Ω，允许最大电流1A）H．开关一个、导线若干（1）．根据器材的规格和实验要求，为使实验结果更加准确，直流毫安表应选，直流电压表应选。
（填序号A、B、C、D）（2）．在方框内画出实验电路图，要求电压和电流的变化范围尽可能大。
三、计算题（17题10分，18题12分，19题共16分，共38分）17．如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Ω，电动机绕组的电阻R0=0.5Ω，电键S1始终闭合。
当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求（1）电源的内电阻；（2）当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率。
18．在如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1=100Ω，R2阻值未知，R3是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中A 、B 两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的求：（1）电源的电动势和内阻； （2）定值电阻R 2的阻值； （3）滑动变阻器的最大阻值。
19．如图所示，在倾角为θ的绝缘斜面上，有相距为L 的A 、B 两点，分别固定着两个带电量均为Q 的正点电荷。
O 为AB 连线的中点，a 、b 是AB 连线上两点，其中Aa ＝Bb ＝4L。
一质量为m 、电荷量为+q 的小滑块（可视为质点）以初动能0k E 从a 点出发，沿AB 直线向b点运动，其中小滑块第一次经过O 点时的动能为02k E ，第一次到达b 点时的动能恰好为零，（1）两个带电量均为Q 的正点电荷在a 点处的合场强大小和方向；（2）小滑块由a 点向b 点运动的过程中受到的滑动摩擦力大小；（3）aO 两点间的电势差。
高二物理9月月考答案1．C 2．B 3．D 4．C 5．A 6．AD 7．B 8．ABC 9．CD 10．C 11．AD 12．A 13. 50.75 50.80 或者 50.85 3.774——3.778 14．4：4：1； 15,。
（1） b 端（2）如图（乙） （3）如图（丙）（4）1.48±0.01V ; 0.60±0.02Ω16. C ， D （分压、外接） 17.（1）设2S 断开时1R 消耗的功率为1P ，， 代入数据可以解得，1r =Ω（2）设2S 闭合时1R 两端的电压为U ，消耗的功率为2P ，解得，84V U =由闭合电路欧姆定律得，E U Ir =+， 代入数据，得26A I =流过1R 的电流为1I ，流过电动机的电流为2I ，而12I I I +=，所以222A I =， 由2220UI P I R =+出， 代入数据得，1606W P =出18．（1）将AB 延长后交U 轴与20V 处，交I 轴于1.0A 处（2）滑片P 滑至右端时由图象知此时对应于B 点∴U2=4VUr=E －V2=20V －4V=16V由串联电路的电压分配与阻值正成比知r=4R ，（3）滑片滑到左端时由图象可知外电压为U 外=16V ，Ur=E －U 外=20V －16V=4VR1与R3并联后的总电阻为R3并=80Ω－5Ω=75Ω，R3=300Ω19.（1）根据真空中点电荷的电场强度的表达式2kQE r =得：A 点处电荷在a 处场强12()4Q E kL = ，方向沿斜面向上 B 点处电荷在a 处场强223()4Q E kL =，方向沿斜面向下根据电场的叠加原理，可知，在a 点处的合场强大小和方向分别是：1221289kQE E E L =-=，方向沿斜面向上（2）由Aa ＝Bb ＝4L，O 为AB 连线的中点得：a 、b 关于O 点对称，则a 点与b 点等势，即Uab=0，小滑块从a 点运动到b 点的过程中，电场力做功W 电=0 设小滑块与水平面间的摩擦力大小为f ，小滑块从a 点运动到b 点的过程中根据动能定理有0sin 022k L Lmg f E θ--=-而f=μmg解得2sin k E f mg L θ=-（3）小滑块从a 点运动到O 点的过程中，根据动能定理00sin 244k k L LqU mg f E E θ--=-得032k E U q =。