[小初高学习]浙江省磐安县第二中学2018-2019学年高二技术10月月考试题

浙江省磐安县第二中学2019_2020学年高二通用技术10月竞赛试题

浙江省磐安县第二中学2019-2020学年高二通用技术10月竞赛试题（共50分）一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.如图所示是一款带有指纹识别和摄像功能的门锁,只要转动把手就会将开门者的图像传输到户主的手机。

下列相关说法中不正确．．．的是A.未经同意拍摄开门者的图像,体现了技术的两面性B.户主通过手机远程了解开门者的信息,体现了技术的目的性C.直接用指纹开锁,体现了技术具有解放人的作用D.应用了机械、电子、通讯等技术,体现了技术的综合性第1题图2.如图所示是一台食品存放试验机。

把食品置于试验箱内,计算机根据实际存放条件控制试验箱内的温度、湿度等,并记录食品的变化情况。

该试验的方法第2题图A.虚拟试验法B.模拟试验法C.强化试验法D.优选试验法3.如图所示是一款充电式电动小锤,使用时小锤利用振动敲入钉子。

从人机关系的角度分析,下列说法中不正确．．．的是A.锤头角度调节方便,实现了高效目标B.利用振动敲钉子,避免敲伤手,实现了安全目标C.手柄的大小合适,考虑了人的静态尺寸D.没有电线,适用于更多场合,主要考虑了人的动态尺寸第3题图4.如图所示是一款具有杀菌功能的床铺除尘机器人。

下列关于该机器人的设计分析和评价中不正确．．．的是第4题图A.操作简单,使用方便,主要考虑了人的因素B.有杀菌除尘功能,符合设计的实用原则C.因在床铺上使用,设计时机器人的机身高度不受限制D.能识别床铺的边沿,不会掉落,考虑到了环境的因素请根据第5~6题图完成5~6题。

5.图中漏标的尺寸共有第5-6题图A.1处B.2处C.3处D.4处6.通用技术实践课上,小明准备用160m×45mm×8mm的钢板加工该零件,下列说法中不正确．．．的是A.可用半圆锉来锉削加工R22的圆弧B.加工流程可以为:划线→冲眼→钻孔→锯割→锉削C.为防止钻屑伤手,在台钻上钻孔时要戴手套D.加工中需要用到钢直尺、钢锯、划规,麻花钻7.如图所示是一种结构对称的增力机构。

磐安县第二中学2018-2019学年上学期高三数学10月月考试题

磐安县第二中学2018-2019学年上学期高三数学10月月考试题班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．若命题“p 或q ”为真，“非p ”为真，则（）A ．p 真q 真B ．p 假q 真C ．p 真q 假D ．p 假q 假2．满足下列条件的函数中，为偶函数的是（）)(x f )(x f A.B.C. D.()||xf e x =2()x xf e e =2(ln )ln f x x =1(ln )f x x x=+【命题意图】本题考查函数的解析式与奇偶性等基础知识，意在考查分析求解能力.3．设i 是虚数单位，若z=cos θ+isin θ且对应的点位于复平面的第二象限，则θ位于（）A ．第一象限B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限4．以下四个命题中，真命题的是（）A ．，(0,)x π∃∈sin tan x x=B ．“对任意的，”的否定是“存在，x R ∈210x x ++>0x R ∈20010x x ++<C ．，函数都不是偶函数R θ∀∈()sin(2)f x x θ=+D ．中，“”是“”的充要条件ABC ∆sin sin cos cos A B A B +=+2C π=【命题意图】本题考查量词、充要条件等基础知识，意在考查逻辑推理能力．5．设全集U={1，3，5，7，9}，集合A={1，|a ﹣5|，9}，∁U A={5，7}，则实数a 的值是（）A ．2B ．8C ．﹣2或8D ．2或86．下列命题中错误的是（）A ．圆柱的轴截面是过母线的截面中面积最大的一个B ．圆锥的轴截面是所在过顶点的截面中面积最大的一个C ．圆台的所有平行于底面的截面都是圆面D ．圆锥所有的轴截面是全等的等腰三角形7．过抛物线焦点的直线与双曲线的一条渐近线平行，并交其抛物线于、22(0)y px p =>F 2218-=y x A 两点，若，且，则抛物线方程为（）B >AF BF ||3AF =A ．B ．C ．D ．2y x =22y x =24y x =23y x=【命题意图】本题考查抛物线方程、抛物线定义、双曲线标准方程和简单几何性质等基础知识，意在考查方程思想和运算能力．8．若某程序框图如图所示，则该程序运行后输出的值是（）A. B. C. D. 78910【命题意图】本题考查阅读程序框图，理解程序框图的功能，本质是循环语句循环终止的条件.9．已知点A（﹣2，0），点M（x，y）为平面区域上的一个动点，则|AM|的最小值是（）A．5B．3C．2D．10．某市重点中学奥数培训班共有14人，分为两个小组，在一次阶段考试中两个小组成绩的茎叶图如图所示，m n其中甲组学生成绩的平均数是88，乙组学生成绩的中位数是89，则的值是（）A．10 B．11 C．12 D．13【命题意图】本题考查样本平均数、中位数、茎叶图等基础知识，意在考查识图能力和计算能力．11．已知函数，若存在常数使得方程有两个不等的实根211,[0,22()13,[,1]2x x f x x x ⎧+∈⎪⎪=⎨⎪∈⎪⎩()f x t =12,x x （），那么的取值范围为（）12x x <12()x f x ∙A ． B ． C ． D ．3[,1)41[831[,)1623[,3)812．记,那么AB C D二、填空题13．若函数为奇函数，则___________．63e ()()32ex x bf x x a =-∈R ab =【命题意图】本题考查函数的奇偶性，意在考查方程思想与计算能力．14．在△ABC 中，若a=9，b=10，c=12，则△ABC 的形状是．15．在直角梯形分别为的中点，,,DC//AB,AD DC 1,AB 2,E,F ABCD AB AD ⊥===,AB AC 点在以为圆心，为半径的圆弧上变动（如图所示）．若，其中，P A AD DE AP ED AF λμ=+,R λμ∈则的取值范围是___________．2λμ-16．设函数有两个不同的极值点，，且对不等式32()(1)f x x a x ax =+++1x 2x 12()()0f x f x +≤恒成立，则实数的取值范围是．三、解答题17．【南师附中2017届高三模拟二】已知函数．()()323131,02f x x a x ax a =+--+>（1）试讨论的单调性；()()0f x x ≥（2）证明：对于正数，存在正数，使得当时，有；a p []0,x p ∈()11f x -≤≤（3）设（1）中的的最大值为，求得最大值．p ()g a ()g a 18．（本小题满分12分）如图，在四棱锥中，底面为菱形，分别是棱的中点，且ABCD S -ABCD Q P E 、、AB SC AD 、、⊥SE 平面.ABCD（1）求证：平面；//PQ SAD （2）求证：平面平面.⊥SAC SEQ19．我省城乡居民社会养老保险个人年缴费分100，200，300，400，500，600，700，800，900，1000（单位：元）十个档次，某社区随机抽取了50名村民，按缴费在100：500元，600：1000元，以及年龄在20：39岁，40：59岁之间进行了统计，相关数据如下：100﹣500元600﹣1000总计20﹣391061640﹣59151934总计252550（1）用分层抽样的方法在缴费100：500元之间的村民中随机抽取5人，则年龄在20：39岁之间应抽取几人？（2）在缴费100：500元之间抽取的5人中，随机选取2人进行到户走访，求这2人的年龄都在40：59岁之间的概率．20．已知定义域为R 的函数是奇函数．（1）求f （x ）；（2）判断函数f （x ）的单调性（不必证明）；（3）解不等式f （|x|+1）+f （x ）＜0．21．（本小题满分12分）一直线被两直线截得线段的中点是12:460,:3560l x y l x y ++=--=P 点, 当点为时, 求此直线方程.P ()0,022．（本小题满分10分）选修4-1：几何证明选讲如图，四边形外接于圆，是圆周角的角平分线，过点的切线与延长线交于点，ABCD AC BAD ∠C AD E 交于点．AC BD F （1）求证：；BD CE A （2）若是圆的直径，，，求长AB 4AB =1DE =AD磐安县第二中学2018-2019学年上学期高三数学10月月考试题（参考答案）一、选择题1．【答案】B【解析】解：若命题“p或q”为真，则p真或q真，若“非p”为真，则p为假，∴p假q真，故选：B．【点评】本题考查了复合命题的真假的判断，是一道基础题．2．【答案】D.【解析】3．【答案】B【解析】解：∵z=cosθ+isinθ对应的点坐标为（cosθ，sinθ），且点（cosθ，sinθ）位于复平面的第二象限，∴，∴θ为第二象限角，故选：B．【点评】本题考查复数的几何意义，考查三角函数值的符号，注意解题方法的积累，属于中档题．4．【答案】D5．【答案】D【解析】解：由题意可得3∈A，|a﹣5|=3，∴a=2，或a=8，故选D．6．【答案】B【解析】解：对于A，设圆柱的底面半径为r，高为h，设圆柱的过母线的截面四边形在圆柱底面的边长为a，则截面面积S=ah≤2rh．∴当a=2r时截面面积最大，即轴截面面积最大，故A正确．对于B，设圆锥SO的底面半径为r，高为h，过圆锥定点的截面在底面的边长为AB=a，则O到AB的距离为，∴截面三角形SAB的高为，∴截面面积S==≤=．故截面的最大面积为．故B错误．对于C，由圆台的结构特征可知平行于底面的截面截圆台，所得几何体仍是圆台，故截面为圆面，故C正确．对于D，由于圆锥的所有母线长都相等，轴截面的底面边长为圆锥底面的直径，故圆锥所有的轴截面是全等的等腰三角形，故D正确．故选：B．【点评】本题考查了旋转体的结构特征，属于中档题．7．【答案】C【解析】由已知得双曲线的一条渐近线方程为，设，则，所以，=y 00(,)A x y 02>px 0002002322ì=ïï-ïïïï+=íïï=ïïïïîy p x p x y px 解得或，因为，故，故，所以抛物线方程为．2=p 4=p 322->p p03p <<2=p 24y x =8．【答案】A【解析】运行该程序，注意到循环终止的条件，有n 10，i 1；n 5，i 2；n 16，i 3；n 8，i 4；n =========4，i 5；n 2，i 6；n 1，i 7，到此循环终止，故选 A.=====9．【答案】D 【解析】解：不等式组表示的平面区域如图，结合图象可知|AM|的最小值为点A 到直线2x+y ﹣2=0的距离，即|AM|min =．故选：D．【点评】本题考查了不等式组表示的平面区域的画法以及运用；关键是正确画图，明确所求的几何意义．　10．【答案】C【解析】由题意，得甲组中，解得．乙组中，78888486929095887m +++++++=3m =888992<<所以，所以，故选C ．9n =12m n +=11．【答案】C 【解析】试题分析：由图可知存在常数，使得方程有两上不等的实根，则，由，可得()f x t =314t <<1324x +=，由，可得，即，则14x =213x =x =12111,422x x ≤<≤≤221143x ≤≤.故本题答案选C.()212123133,162x f x x x ⎡⎫=⋅∈⎪⎢⎣⎭考点：数形结合．【规律点睛】本题主要考查函数的图象与性质,及数形结合的数学思想方法.方程解的个数问题一般转化为两个常见的函数图象的交点个数问题来解决.要能熟练掌握几种基本函数图象,如二次函数,反比例函数,指数函数,对数函数,幂函数等.掌握平移变换,伸缩变换,对称变换,翻折变换,周期变换等常用的方法技巧来快速处理图象.12．【答案】B【解析】【解析1】,所以【解析2】，二、填空题13．【答案】2016【解析】因为函数为奇函数且，则由，得，整理，得．()f x x ∈R (0)0f =0063e 032eba -=2016ab =14．【答案】锐角三角形【解析】解：∵c=12是最大边，∴角C 是最大角根据余弦定理，得cosC==＞0∵C ∈（0，π），∴角C 是锐角，由此可得A 、B 也是锐角，所以△ABC 是锐角三角形故答案为：锐角三角形【点评】本题给出三角形的三条边长，判断三角形的形状，着重考查了用余弦定理解三角形和知识，属于基础题．　15．【答案】[]1,1-【解析】考点：向量运算．【思路点晴】本题主要考查向量运算的坐标法. 平面向量的数量积计算问题，往往有两种形式，一是利用数量积的定义式，二是利用数量积的坐标运算公式，涉及几何图形的问题，先建立适当的平面直角坐标系，可起到化繁为简的妙用. 利用向量夹角公式、模公式及向量垂直的充要条件，可将有关角度问题、线段长问题及垂直问题转化为向量的数量积来解决．16．【答案】1(,1],22⎡⎤-∞-⎢⎥⎣⎦【解析】试题分析：因为,故得不等式,即12()()0f x f x +≤()()()332212121210x x a x x a x x ++++++≤,由于()()()()()221212121212123120x x x x x x a x x x x a x x ⎡⎤⎡⎤++-+++-++≤⎣⎦⎣⎦,令得方程,因 , 故()()2'321f x x a x a =+++()'0f x =()23210x a x a +++=()2410a a ∆=-+>，代入前面不等式,并化简得,解不等式得或，()12122133x x a a x x ⎧+=-+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩()1a +()22520a a -+≥1a ≤-122a ≤≤因此, 当或时, 不等式成立,故答案为.1a ≤-122a ≤≤()()120f x f x +≤1(,1],22⎡⎤-∞-⎢⎥⎣⎦考点：1、利用导数研究函数的极值点；2、韦达定理及高次不等式的解法.【思路点晴】本题主要考查利用导数研究函数的极值点、韦达定理及高次不等式的解法，属于难题.要解答本题首先利用求导法则求出函数的到函数，令考虑判别式大于零，根据韦达定理求出()f x ()'0f x =的值，代入不等式，得到关于的高次不等式，再利用“穿针引线”即可求得实1212,x x x x +12()()0f x f x +≤数的取值范围.111]三、解答题17．【答案】（1）证明过程如解析；（2）对于正数，存在正数，使得当时，有a p []0,x p ∈；（3）()11f x -≤≤()g a 【解析】【试题分析】（1）先对函数进行求导，再对导函数的值的()()323131,02f x x a x ax a =+--+>符号进行分析，进而做出判断；（2）先求出函数值，进而分和两种情形进行()01,f =()3213122f a a a =--+=()()211212a a -+-()1f a ≥-()1f a <-分析讨论，推断出存在使得，从而证得当时，有成立；（3）()0,p a ∈()10f p +=[]0,x p ∈()11f x -≤≤借助（2）的结论在上有最小值为，然后分两种情形探求的解析表()f x ：[)0,+∞()f a 011a a ≤，()g a 达式和最大值。

浙江省磐安县第二中学2019-2020学年高二10月竞赛英语试题+Word版含答案

磐安县第二中学2019学年第一学期10月月竞赛高二英语试题卷考生须知：1.本试题卷分选择题和非选择题两部分,共10 页，满分150 分，考试时间120 分钟。

2.考生答题前,须将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题卡上。

3.选择题的答案必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如要改动，须将原填涂处用橡皮擦净。

4.非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题卡上相应区域内，答案写在本试题卷上无效。

第一部分: 听力（共两节,满分30分）第一节（共5题；每题1.5分，满分7.5分）请听下面5段对话。

选出最佳选项，每段对话仅读一遍。

1.What time is it now?A. 6:30.B. 7:00 .C. 7:30.2.When did the accident happen?A. Today.B. Yesterday.C. Two days ago.3. What does the man mean?A. He is likely to call.B. He’s talked to the doctor.C. He’s attended the program before.4. What is the probable relationship between the speakers?A. Doctor and patient.B. Teacher and student.C. policeman and driver.5. Where does the conversation take place?A. On a farmB. In a market.C. In a restaurant.第二节（共15题；每题1.5分，满分22.5分）请听下面5段对话或独白。

选出最佳选项。

每段对话或独白读两遍。

听下面一段对话，回答第6至第8题。

6. Why didn’t the man go to the concert?A. He failed to get a ticket.B. He was not interested in it.C. He was not free.7. How did the man feel about missing the concert?A .He felt it a pity. B. He didn’t care. C. He regretted it.8. How did the woman like the concert?A. She liked it a little.B. She enjoyed it very much.C. She thought it was OK.听下面一段对话，回答第9至第11题。

浙江省磐安县第二中学2019-2020学年高二数学10月竞赛试题

浙江省磐安县第二中学2019-2020学年高二数学10月竞赛试题注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题)一、单选题1．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（）A ．34B ．334C ．3D ．4332．平面α上有不共线的三点到平面β的距离相等，则α与β的位置关系为（） A ．平行+B ．相交C ．平行或相交D ．垂直3．下列命题中正确的个数是（）①平面α与平面β相交，它们只有有限个公共点． ②若直线l 上有无数个点不在平面α内，则//l α．③若两条直线和第三条直线所成的角相等，则这两条直线互相平行④已知平面α，β和异面直线a ，b ，满足a α⊂，//a β，b β⊂，//b α，则//αβ． A ．0 B ．1C ．2D ．34．正方体中，直线与所成的角为（）A ．30oB ．45oC ．60oD ．90o5．已知a ，b ，c 是三条互不重合的直线，α，β是两个不重合的平面，给出四个命题：①a ∥b ，b ∥α，则a ∥α；②a ，b ⊂α，a ∥β，b ∥β，则α∥β；③a ⊥α，a ∥β，则α⊥β；④a ⊥α，b ∥α，则a ⊥b . 其中正确的命题个数是 ( )A ．1B ．2C ．3D ．46．我国古代《九章算术》将上下两个平行平面为矩形的六面体称为刍童.如图是一个刍童的三视图，其中正视图及侧视图均为等腰梯形，两底的长分别为2和6，高为2，则该刍童的表面积为（）A ．40322+B ．72C ．4082+D ．327．如图所示，已知正方体1111ABCD A B C D -的棱长为3，点E 在11A B 上，且11B E =，记图中阴影平面为平面α，且平面αP 平面1BC E .若平面αI 平面111AA B B A F =，则AF 的长为（）A ．1B ．1.5C ．2D ．38．ABC ∆的斜二侧直观图如图所示，则ABC ∆的面积为（）A ．1B ．2C 2D 2 9．下列图形中不一定是平面图形的是（） A ．三角形 B ．平行四边形 C ．梯形D ．四边相等的四边形10．如图所示的平面结构（阴影部分为实心，空白部分为空心），绕中间轴旋转一周，形成的几何体为（）A ．一个球B ．一个球中间挖去一个圆柱C ．一个圆柱D ．一个球中间挖去一个棱柱第II 卷（非选择题)二、填空题11．在棱长为1的正方体1111ABCD A B C D -中，则直线11D B 与平面11A BCD 所成角的正弦值为________.12．正方体的全面积为a ，它的顶点都在球面上，则这个球的表面积是______.13．如图所示，在三棱柱111ABC A B C -中，E F G H ，，，分别是1111AB AC A B A C ，，，的中点，则与平面BCHG 平行的平面为________.14．如图所示，在四面体D ABC -中，若2CD =，其余各棱长都为1，则在这个四面体中互相垂直的平面是____________________________________.15．已知ABC ∆，用斜二测画法作它的直观图'''A B C ∆，若'''A B C ∆是斜边平行于'x 铀的等腰直角三角形，则ABC ∆是________三角形（填“锐角”.“直角”.“钝角”） 16．某四棱锥的三视图如图所示，那么该四棱锥的体积为____．17．已知圆锥和圆柱的底面半径均为R ，高均为3R ，则圆锥和圆柱的表面积之比是______．三、解答题18．求图中阴影部分绕AB 所在直线旋转一周所形成的几何体的表面积和体积.19．如图，在直三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，E ，F 分别为A 1C 1和BC 的中点．(1)求证：EF∥平面AA1B1B；(2)若AA1＝3，AB＝23，求EF与平面ABC所成的角．20．如图，在四棱锥中，底面ABCD是矩形，，E，F分别为BC，CD的中点，且平面求证：平面PBD；平面PEF．的直观图及三视图如图所示，E、F分别为PC、BD的中点．21．如图，多面题P ABCD（1）求证：EF ∥平面PAD ；（2）求证：平面PDC ⊥平面PAD ；（3）求P ABCD V -.22．如图，四边形ABCD 为菱形， G 为AC 与BD 的交点， BE ⊥平面ABCD . （Ⅰ）证明：平面AEC ⊥平面BED .（Ⅱ）若120ABC ∠=o , AE EC ⊥, 2AB =,求点G 到平面AED 的距离.2019-2020学年度磐安二中学校10月月考卷高二数学考试时间：120分钟；命题人：潘建华一、单选题1．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（）A ．34B ．334C ．3D ．433【答案】C 【解析】【分析】根据三视图得到原图，再由椎体公式得到结果. 【详解】由三视图可推知，几何体的直观图如图所示，其中平面ABD ⊥平面BCD ，1AO =，三棱锥A BCD -的体积为()21323133⨯⨯⨯=.故答案为：C. 【点睛】思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系，遵循“长对正，高平齐，宽相等”的基本原则，其内涵为正视图的高是几何体的高，长是几何体的长；俯视图的长是几何体的长，宽是几何体的宽；侧视图的高是几何体的高，宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的步骤和思考方法：1、首先看俯视图，根据俯视图画出几何体地面的直观图；2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度；3、画出整体，然后再根据三视图进行调整. 2．已知四面体中，平面平面，为边长2的等边三角形，，，则异面直线与所成角的余弦值为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】根据题意画出图形，结合图形的特征建立空间直角坐标系，得到相关点的坐标后根据直线方向向量的夹角求出异面直线所成的角．【详解】根据题意画出图形如下图所示．∵平面平面，平面平面，，∴平面，以过点D且与平面垂直的直线为z轴建立空间直角坐标系，则，∴,∴，∴异面直线与所成角的余弦值为．故选A．【点睛】解题的关键是将求两条异面直线所成角转化为两向量夹角的问题求解，其中需要注意异面直线所成角与两向量夹角间的关系，解题的关键是要注意异面直线所成角的范围，此处容易出现错误，属于基础题．3．已知点A，B在半径为3的球O表面上运动，且AB＝2，过AB作相互垂直的平面α，β，若平面α，β截球O所得的截面分别为圆M，N，则A．MN长度的最小值是2 B．MN的长度是定值2C．圆M面积的最小值是2πD．圆M，N的面积和是定值8π【答案】B【解析】【分析】由过AB作相互垂直的平面α，β,确定BA、BC、DB两两互相垂直，M，N分别是AC，AD的中点，求出CD，即可得结论．【详解】如图所示，因为过AB作相互垂直的平面α、β，则面ABC⊥面ABD,由面面垂直的性质定理，得AB⊥面BCD，所以AB⊥BC,AB⊥BD,得BD⊥BC，23，因为AB=4,∴CD2＝BC2+BD2=8，所以BA、BC、DB两两互相垂直，所以BC2+BD2+2AB＝(2所以2，∵M，N分别是AC，AD的中点，∴MN2故选：B．【点睛】本题考查了球的内接几何体和面面垂直，考查学生分析解决问题的能力，属于中档题．4．若三棱锥P-ABC中，PA⊥平面ABC，AB⊥BC,PA=AB=2，AC=2,三棱锥P-ABC的四个顶点都在球O的球面上，则球O的表面积为A．12πB．16πC．20πD．24π【答案】A【解析】【分析】求解底面长方形的外接圆，PA⊥平面ABC，球心到圆心的距离为1，利用圆心与球心构造直角三角形求解即可．【详解】由题意，PA⊥平面ABC，PA=AB=2，AC＝2ABC是直角三角形，补形底面为长方形．∴球心到圆心的距离为1，底面长方形的外接圆2,∴R2=r2+1，即3,∴球O的表面积S=4πR2=12π．故选：A．【点睛】本题考查球的表面积的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意空间思维能力的培养．5．平面α上有不共线的三点到平面β的距离相等，则α与β的位置关系为（）A．平行B．相交C．平行或相交D．垂直【答案】C【解析】【分析】根据三点在平面的同侧或异侧，两种情况，即可判定得到α与β的位置关系，得到答案．【详解】α平面β；由题意，若三点分布在平面β的同侧，此时平面//若三点分布于平面β的两侧时，此时平面α与平面β相交，综上可知，平面α与平面β平行或相交，故选C．【点睛】本题主要考查了空间中平面的位置关系的判定，其中根据三点在平面β的同侧和异侧，分类讨论是解答的关键，着重考查了推理与论证能力，属于基础题．6．正方形ABCD绕对角线AC所在直线旋转一周所得组（）A．由两个圆台组合成的B．由两个圆锥组合成的C．由一个圆锥和一个圆台组合成的D．由两个棱台组合成的【答案】B【解析】【分析】将正方形ABCD绕对角线AC所在的直线旋转一周，根据旋转体的定义，即可求解，得到答案.【详解】由题意，将正方形ABCD绕对角线AC所在的直线旋转一周，根据旋转体的定义，可知得到的组合体是两个同底的圆锥，故选B.【点睛】本题主要考查了旋转体的概念及其应用，其中解答中熟记旋转体的概念，合理判定是解答的关键，着重考查了空间想象能力，属于基础题.7．直线m⊥平面α，下面判断错误的是（）A．若直线n⊥m，则n∥αB．若直线n⊥α，则n∥mC．若直线n∥α，则n⊥m D．若直线n∥m，则n⊥α【答案】A【解析】【分析】结合线面垂直、线线平行及线面平行的相关性质可以判断.【详解】由直线m⊥平面α，得：在A中，若直线n⊥m，则由线面平行性质得n与α相交、平行或n⊂α，故A错误；在B中，若直线n⊥α，则由线面垂直的性质得n∥m，故B正确；在C中，若直线n∥α，则由线面垂直的性质得n⊥m，故C正确；在D中，若直线n∥m，则由线面垂直的判定定理得n⊥α，故D正确．故选：A．【点睛】本题主要考查空间位置关系的判定，可以借助模型求解，侧重考查直观想象和逻辑推理的核心素养.8．已知两条不同直线m、n和两个不同平面α﹑β，下列叙述正确的是（）A ．若//m α，//n α，则//m nB ．若////m n m n ααββ⊂⊂，，，，则//αβC ．若αβ⊥，m α⊂，则m β⊥D ．若αβ⊥，m β⊥，m α⊄，则//m α 【答案】D 【解析】【分析】A 选项可由线面平行的性质作出判断，B 选项可由面面平行的判定定理作出判断，C 选项可由面面垂直的性质作出判断，D 选项可由线面平行的条件作出判断【详解】当两条直线同时与一个平面平行时，两条直线之间的关系不能确定，故A 不正确，B 选项再加上两条直线相交的条件，可以判断面与面平行，故B 不正确，C 选项再加上m 垂直于两个平面的交线，得到线面垂直，故C 不正确，D 选项中，如下图所示设=b αβ⋂，,a b a β⊥∴⊥，又m β⊥Q ，根据垂直于同一平面的两直线平行，可得m a ∥，又a α⊂Q ，m α∴∥ 选D 【点睛】考生需灵活掌握线线平行到线面平行，面面平行到线面平行的基本转化关系，遇到较为抽象的证明问题时，辅以图像能够更加有效的解决问题 9．下列命题中正确的个数是（）①平面α与平面β相交，它们只有有限个公共点． ②若直线l 上有无数个点不在平面α内，则//l α．③若两条直线和第三条直线所成的角相等，则这两条直线互相平行④已知平面α，β和异面直线a ，b ，满足a α⊂，//a β，b β⊂，//b α，则//αβ． A ．0 B ．1 C ．2 D ．3【答案】B 【解析】【分析】利用线线平行、线面平行以及面面平行的定义来判断选项即可【详解】在①中，平面α与平面β相交，它们有无数个公共点，故①错误；在②中，若直线l 上有无数个点不在平面α内，则l 与α平行或相交，故②错误；在③中，若两条直线和第三条直线所成的角相等，则这两条直线相交、平行或异面，故③错误；在④中，已知平面α，β和异面直线a ，b ，满足a α⊂，//αβ，b β⊂，//b α，则由面面平行的判定定理得//αβ，故④正确．故选：B ．【点睛】本题考查线线平行、线面平行、面面平行的定义，属于基础题10．在长方体1111ABCD A B C D -中，23AB =32=AD 132AA =1AC 与CD 所成角的大小为( ) A.6π B.4π C.3π D.3π或23π 【答案】C 【解析】【分析】平移CD 到AB ，则1C AB ∠即为异面直线1AC 与CD 所成的角，在直角三角形中即可求解. 【详解】连接AC 1，CD //AB ，可知1C AB ∠即为异面直线1AC 与CD 所成的角，在1Rt C AB ∆中，11tan 3BC C AB AB∠==，故选C ．【点睛】本题考查异面直线所成的角.常用方法：1、平移直线到相交；2、向量法.二、填空题11．在棱长为1的正方体1111ABCD A B C D -中，则直线11D B 与平面11A BCD 所成角的正弦值为________. 【答案】12【解析】【分析】利用平面11ABB A ⊥平面11A BCD 得到 B 1O ⊥平面11A BCD ，进而作出直线与平面所成角，易解．【详解】如图，平面11ABB A ⊥平面11A BCD ，又B 1O ⊥1A B ， ∴B 1O ⊥平面11A BCD ， ∴∠B 1D 1O 即为所求角， sin∠B 1D 1O 12=，故答案为：12．【点睛】求直线和平面所成角的关键是作出这个平面的垂线进而斜线和射影所成角即为所求，有时当垂线较为难找时也可以借助于三棱锥的等体积法求得垂线长，进而用垂线长比上斜线长可求得所成角的正弦值，当空间关系较为复杂时也可以建立空间直角坐标系，利用向量求解. 12．正方体的全面积为a ，它的顶点都在球面上，则这个球的表面积是______. 【答案】2a π 【解析】【分析】由题意可得正方体的边长及球的半径，可得球的表面积. 【详解】解：根据正方体的表面积可以求得正方体的边长为6al =，正方体的外接球球心位于正方体体心，半径为正方体体对角线的一半，求得球的半径2113222ar l =⋅=，可得外接球表面积为242aS r ππ==，故答案：2aπ.【点睛】本题主要考查空间几何体的表面积,得出正方体的边长和球的半径是解题的关键.13．如图所示，在三棱柱111ABC A B C -中，E F G H ，，，分别是1111AB AC A B A C ，，，的中点，则与平面BCHG 平行的平面为________.【答案】平面1A EF 【解析】【分析】由E F ，分别为AB AC ，的中点，所以EF BC ∥，利用线面平行的判定定理，得到EF P 平面BCHG ，再由四边形1A EBG 是平行四边形，得到1A E GB ∥，证得1A E ∥平面BCHG ，最后利用面面平行的判定定理，即可得到平面1A EF ∥平面BCHG . 【详解】由题意，因为E F ，分别为AB AC ，的中点，所以EF BC ∥，因为EF ⊄平面BCHG ，BC ⊂平面BCHG ，可得EF P 平面BCHG ，因为1AG EB =且1AG EB ∥，所以四边形1A EBG 是平行四边形，所以1A E GB ∥，又因为1A E ⊄ 平面BCHG ，GB ⊂平面BCHG ，所以1A E ∥平面BCHG ，因为1A E EF E =I ，所以平面1A EF ∥平面BCHG . 【点睛】主要考查了空间中平行关系的判定与证明，其中解答中熟记线面平行、面面平行的判定定理和性质定理，准确判定是解答的关键，着重考查了推理与论证能力，属于基础题． 14．如图所示，在四面体D ABC -中，若2CD =，其余各棱长都为1，则在这个四面体中互相垂直的平面是____________________________________.【答案】平面ACD ，平面BCD . 【解析】【分析】过A 作AE CD ⊥，得到AEB ∠是二面角A CD B --的平面角，又由222AE BE AB +=，得到90AEB ∠=o ，即可求解. 【详解】由题意，过A 作AE CD ⊥，交CD 于点E ，因为1,2AD AC CD ===，所以90DAC =o ∠，由E 为CD 的中点，所以2AE =，连接BE ，因为1,2BD BC CD ===，所以BE CD ⊥，且22BE =，所以AEB ∠是二面角A CD B --的平面角，又1AB =，所以222AE BE AB +=，所以90AEB ∠=o ， ∴平面ACD ⊥平面BCD .【点睛】本题主要考查了线面位置关系的应用，其中解答中熟练应用线面垂直的性质定理，合理准确判定是解答的关键，着重考查了推理与论证能力，属于基础题.15．已知ABC ∆，用斜二测画法作它的直观图'''A B C ∆，若'''A B C ∆是斜边平行于'x 铀的等腰直角三角形，则ABC ∆是________三角形（填“锐角”.“直角”.“钝角”）. 【答案】直角【解析】【分析】根据斜二测画法，45x oy ∠=''︒，直接判断ABC ∆的形状。

浙江省磐安县第二中学2018_2019学年高二数学10月月考习题

磐安县第二中学高二数学10月月考试卷卷考试时间：120分钟；总分：150分注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．已知一个几何体的三视图如图所示，则这个几何体的体积是（）A． B． C． D．2．直线截圆所得的弦长为（）A． B． C． D．3．已知直线过点，且与直线互相垂直，则直线的方程为（）A． B． C． D．4．正方体中, 为棱的中点(如图)用过点的平面截去该正方体的上半部分,则剩余几何体的左视图为( )A． B．C． D．5．下列命题中，正确的是（）．①若一平面内有两条直线都与另一平面平行，则这两个平面平行；②若一平面内有无数条直线与另一平面平行，则这两个平面平行；③若一平面内任何一条直线都平行于另一平面，则这两个平面平行；④若一平面内的两条相交直线分别与另一平面平行，则这两个平面平行．A．①③ B．②④ C．③④ D．②③④6．如图，在直三棱柱ABC-A1B1C1中，∠BCA=900，点D1和F1分别是A1B1和A1C1的中点，若BC=CA=CC1，则BD1与AF1所成角的余弦值是（）A． B． C． D．7．若直线和是异面直线，在平面内，在平面内，是平面与平面的交线，则下列结论正确的是（）A ．至少与，中的一条相交B ．与，都不相交C ．与，都相交D ．至多与，中的一条相交8．如图，在正方体中，分别是的中点，则下列命题正确的是（）A ．B ．C ．平面D ．平面9．设点，，直线过点，且与线段相交，则的斜率的取值范围 ( )A ．或B ．C ．D ．以上都不对10．已知P ABC -是正四面体（所有棱长都相等的四面体），E 是PA 中点， F 是BC 上靠近点B 的三等分点，设EF 与PA 、PB 、PC 所成角分别为α、β、γ，则（）A ． βγα>>B ． γβα>>C ． αβγ>>D ． αγβ>>第II 卷（非选择题）二、填空题：本大题共7个小题，多空题每小题6分，单空题每小题4分，共36分。

浙江省磐安县第二中学2024_2025学年高二通用技术10月竞赛试题

浙江省磐安县其次中学2024-2025学年高二通用技术10月竞赛试题考生须知：1.本试题卷分选择题和非选择题两部分,共 8 页，满分70 分，考试时间60 分钟。

2.考生答题前,须将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题卡上。

3.选择题的答案必需运用 2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如要改动，须将原填涂处用橡皮擦净。

4.非选择题的答案必需运用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题卡上相应区域内，作图时可先运用 2B 铅笔，确定后必需运用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑，答案写在本试题卷上无效。

其次部分通用技术（35分）一、选择题（本大题共13小题，每小题2分，共30分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分。

）1．过去，美国桥梁设计界始终采纳牢靠的豪威木制桁架结构。

1863年，他们在桥梁设计技术上取得了一项重大进步，即桥梁的建筑材料全部采纳铁制材料。

然而工程人员对这种较新的材料过于信任，未经技术试验就投入了运用。

1876年当一列旅客列车经过全部用铁制材料建成的阿什比拉河桥时，一个内部隐藏着气泡的铁架发生断裂，整个桥梁随之倒塌。

阿什塔比拉河桥的跨塌，说明白（）A.技术的发展离不开设计B。

设计是技术活动的核心C．技术试验是技术探讨不行缺少的基本方法和手段D．人机关系是在技术设计中必需考虑的因素之一2．世界上飞机窗口的设计都是圆形的，这说明白设计是具有（）A．美观原则B．经济原则C．好用原则D．技术规范原则3．设计的一般过程：①发觉与明确问题②制作模型或原型③制定设计方案④产品的运用和维护⑤测试、评估和优化。

正确的依次是（）A．①②③④⑤B．①③②⑤④C．③①②④⑤D．⑤④①③②4．将橘子从长江以南运到长江以北种植的试验为（）A．优选试验法 B．模拟试验法 C．强化试验法 D．移植试验法5．我们在进行产品设计分析时,首先要考虑的人机关系重要三要素是:（）A．物、人、平安 B．物、人、环境C．物、环境、机器 D．人、物、材料和结构6．在人行天桥的设计中，通常都要在阶梯两边支配肯定宽度的斜面通道。

浙江省磐安县第二中学高二化学10月月考试题

浙江省磐安县第二中学2018-2019学年高二化学10月月考试题本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分100分。

考试时间80分钟。

第Ⅰ卷(选择题共52分)一、选择题(前8个小题，每题2分，9-20每题3分，共52分。

每题只有一个选项符合题意。

)1. 下列物质中，属于可再生的能源是A. 石油B. 氢气C. 天然气D. 煤2. 下列叙述不正确的是A. 物质燃烧一定是放热反应B. 放热反应不需要从外界吸收任何能量就能发生C. 在一个确定的化学反应中，反应物总能量总是不等于生成物总能量D. 化学反应除了生成新的物质外，还伴随着能量的变化3. 下列关于原电池的说法正确的是A. 原电池是将电能能转化为化学能的装置B. 原电池负极发生氧化反应C. 原电池中，阳离子向负极移动D. 原电池电子流出的一极为正极4. 下列各个装置中能组成原电池的是5. 已知在25℃、101kPa下，lg液态C8H18(辛烷)燃烧生成二氧化碳和液态水时放出48.40kJ 热量。

表示上述反应的热化学方程式正确的是A. C8H18(l)＋O2(g)===8CO2(g)＋9H2O(g) ΔH＝－48.40 kJ·mol－1B. C8H18(l)＋O2(g)===8CO2(g)＋9H2O(l) ΔH＝－5517.6 kJ·mol－1C. C8H18(l)＋O2(g)===8CO2(g)＋9H2O(l) ΔH＝5517.6 kJ·mol－1D. C8H18(l)＋O2(g)===8CO2(g)＋9H2O(l) ΔH＝－48.40 kJ·mol－16. 已知:H2(g)+F2(g) = 2HF(g) ΔH=-270 kJ·mol-1,下列说法不正确的是A．1 mol氢气与1 mol氟气反应生成2 mol液态氟化氢放出的热量小于270 kJB．标况下44.8 L氟化氢气体分解成22.4 L的氢气和22.4 L的氟气吸收270 kJ热量C．相同条件下,1 mol氢气与1 mol氟气的能量总和高于2 mol氟化氢气体的能量D．2 mol H—F键的键能比1 mol H—H键和1 mol F—F键的键能之和大270 kJ7．利用如图所示装置模拟电解原理在工业生产上的应用。

教育最新K12浙江省磐安县第二中学2018-2019学年高二物理10月月考试题

磐安二中10月物理月考卷高二物理学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共13小题,每小题4.0分,共52分)1.下列所研究的物体，可看做质点的是（）A．天文学家研究地球的自转B．用GPS确定远洋海轮在大海中的位置C．教练员对百米运动员的起跑动作进行指导D．在伦敦奥运会比赛中，乒乓球冠军张继科准备接对手发出的旋转球2.做加速度方向不变大小可变的变速直线运动的物体，下述情况中不可能出现的是（）A．速度和位移均增大，加速度为零时，速度达到最大B．速度先减小后增大，速度变化越来越慢C．速度逐渐减小，位移逐渐增大，速度减为零时，位移不是零D．速度先增大、后减小，而位移一直在不断增大3.小文利用打点计时器研究甲和乙两个物体的运动，分别得到2条纸带．对每条纸带，均选择合适的点作为第一个计数点，再依次每5个点取1个计数点，并在各计数点处将其剪断，然后将这些剪断的纸条粘贴在相同的坐标纸上，最后将纸条上端中心连起来，如图甲、乙所示．由图可判断( )A．乙物体的加速度比甲大 B．两物体均做匀速直线运动C．打第三个计数点时，甲物体的速度比乙大 D．打第一个计数点时，物体的速度有可能为零4.如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心．则对圆弧面的压力最小的是( )A．a球 B．b球 C．c球 D．d球5.如图所示，两个质量都是m的小球A、B用轻杆连接后斜放在墙上处于平衡状态．已知墙面光滑，水平地面粗糙．现将A球向上移动一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力F N和A球受到墙壁对它的支持力F的变化情况是( )A．F N不变，F变大 B．F N不变，F变小 C．F N变大，F变大 D．F N变大，F变小6.2015年9月23日，在江苏省苏州市进行的全国田径锦标赛上高兴龙获得男子跳远冠军，在一次试跳中，他(可看成质点)水平距离达8 m，最高处高达 1 m.设他离开地面时的速度方向与水平面的夹角为α，若不计空气阻力，则tanα等于( )A． B． C． D． 17.引力波现在终于被人们用实验证实，爱因斯坦的预言成为科学真理.早在70年代就有科学家发现，高速转动的双星可能由于辐射引力波而使星体质量缓慢变小，观测到周期在缓慢减小，则该双星间的距离将( )A．变大 B．变小 C．不变 D．可能变大也可能变小8.如图所示，用长为L的细线，一端系于悬点A，另一端拴住一质量为m的小球，先将小球拉至水平位置并使细线绷直，在悬点A的正下方O点钉有一小钉子，今将小球由静止释放，要使小球能在竖直平面内做完整圆周运动，OA的最小距离是( )A． B． C．L D．L9.如图所示，P为固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆．带电粒子Q在P的电场中运动．运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点．若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为a a、a b、a c，速度大小分别为v a、v b、v c，则（）A．a a＞a b＞a c，v a＞v c＞v bB．a a＞a b＞a c，v b＞v c＞v aC．a b＞a c＞a a，v b＞v c＞v aD．a b＞a c＞a a，v a＞v c＞v b10.在图所示电路中，电源电动势为12 V，电源内阻为1.0 Ω，电路中的电阻R0为1.5 Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5 Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0.则以下判断中正确的是（）A．电动机的输出功率为14 W B．电动机两端的电压为7.0 V C．电动机产生的热功率4.0 W D．电源输出的电功率为24 W 11.一个带正电荷的小球从a点出发水平进入正交垂直的匀强电场和匀强磁场区域，电场方向竖直向上，某时刻小球运动到了b点，则下列说法正确的是（）A．从a到b，小球可能做匀速直线运动 B．从a到b，小球可能做匀加速直线运动C．从a到b，小球动能可能不变 D．从a到b，小球机械能可能不变12.智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置．充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60﹣0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）．如图为某一款移动充电宝，其参数见如表，下列说法正确的是（）A．充电宝充电时将电能转化为内能B．该充电宝最多能储存能量为3.6×l06JC．该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2 hD．该充电宝给电量为零、容量为3000 mAh的手机充电，则理论上能充满4次13.如图所示，电场中a、b、c三点，ab=bc，则把点电荷+q从a点经b移到c的过程中，电场力做功的大小关系有（）A．Wab＞Wbc B．Wab=Wbc C．Wab＜Wbc D．无法比较分卷II二、实验题(共2小题,每空3分,共18分)14.利用如图所示实验装置来验证机械能守恒定律.通过电磁铁控制的小铁球从A点自由下落，下落过程中小铁球经过光电门B时，毫秒计时器(图中未画出)记录下小铁球的挡光时间t.实验前调整光电门位置，使小铁球下落过程中，小铁球球心垂直细激光束通过光电门，当地重力加速度为g.(1)为了验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，还需要测量的物理量是________.A.A点距地面的高度HB.A、B之间的距离hC.小铁球从A到B的下落时间tABD.小铁球的直径d(2)小铁球通过光电门时的瞬时速度v＝____________；要验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，只需验证等式________是否成立即可(用实验中测得物理量的符号表示).15.如图甲是研究平抛运动的实验装置图，图乙是实验后在白纸上作的图.(1)固定斜槽轨道时应注意使________________________________________________.(2)实验过程中需经过多次释放小球才能描绘出小球平抛运动的轨迹，实验中应注意________________________________________________________________________.(3)根据图乙给出的数据，可计算出v0＝______ m/s.(g取9.8 m/s2)三、计算题(共2小题,16题14分,17题16分共30分)16.如图甲所示，倾角为θ＝37°的足够长斜面上，质量m＝1 kg的小物体在沿斜面向上的拉力F＝14 N作用下，由斜面底端从静止开始运动，2 s后撤去F，前2 s内物体运动的v-t图象如图乙所示．求：(取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)(1)小物体与斜面间的动摩擦因数；(2)撤去力F后1.8 s时间内小物体的位移．17.为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列设想：取一个与水平方向夹角为θ＝60°、长为L1＝2m 的倾斜轨道AB，通过微小圆弧与长为L2＝m的水平轨道BC相连，然后在C 处设计一个竖直完整的光滑圆轨道，出口为水平轨道上D处，如图所示.现将一个小球从距A 点高为h＝0.9 m的水平台面上以一定的初速度v0水平弹出，到A点时小球的速度方向恰沿AB方向，并沿倾斜轨道滑下.已知小球与AB和BC间的动摩擦因数均为μ＝，g取10 m/s2.(1)求小球初速度v0的大小；(2)求小球滑过C点时的速率v C；(3)要使小球刚好能过圆轨道的最高点，圆轨道的半径为多大？答案解析1.【答案】B【解析】研究地球的自转时，地球的大小和形状不能忽略，不能看作质点，故A错误；当研究海轮的位置时，海轮的大小和形状可以忽略，故能看做质点，故B正确；研究运动员的起跑动作，运动员的形状不能忽略，故不能看做质点，故C错误；研究乒乓球的旋转，需要看球的转动方向，而一个点无法研究转动方向，所以不能看做质点，故D错误．2.【答案】D【解析】当物体做加速度减小的变加速运动时，速度和位移均增大，当加速度减为零时，物体做匀速直线运动，速度达到最大，所以A是可能的；速度先与加速度反向，做减速运动，减到零后，再与加速度同向，做加速运动，在这个过程中，加速度逐渐减小，速度变化越来越慢．所以B是可能的．速度与加速度反向，做减速运动，但位移逐渐增大，当速度减到零时，位移不是零．所以C也是可能的．加速度方向不变时，当速度先增大，后减小时，速度方向先与加速度方向相同，后来速度反向，与加速度方向相反，物体的位移先增大后减小，不可能一直增大，故D不可能．3.【答案】A【解析】将纸条上端中心连起来，得到的直线是纸带的v－t图象，该图象斜率表示加速度，得乙物体的加速度比甲大，A正确；相等的时间间隔内位移增大，所以两物体均做加速直线运动，B错误；由图象知，相同的时间内，乙的位移大，所以打第三个计数点时，乙物体的速度比甲大，C错误；图象在纵轴上的截距不为零，所以打第一个计数点时，物体的速度不为零，D错误．4.【答案】A【解析】对c球受力分析如图，F1与F2的合力与重力大小相等、方向相反；支持力F2＝mg cosθ由a到d的过程中，夹角θ越来越小，则说明对圆弧面的压力越来越大，故对圆弧面的压力最小的是a球．5.【答案】B【解析】对整体进行受力分析，知F N＝2mg，移动两球后，仍然平衡，则F N仍然等于2mg，所以F N不变．再隔离对A进行受力分析，轻杆对A的作用力等于轻杆上受到的压力，设轻杆与竖直方向夹角为θ，轻杆对A球的作用力F＝，当A球向上移动一小段距离后，夹角θ减小，cosθ变大，所以F减小．故B正确，A、C、D错误.6.【答案】C【解析】从起点A到最高点B可看成平抛运动的逆过程，如图所示，运动员做平抛运动，初速度方向与水平方向夹角的正切值为tanα＝2tanβ＝2×＝2×＝，选项C正确.7.【答案】B【解析】8.【答案】D【解析】设小球做完整圆周运动时其轨道半径为R，小球刚好过最高点的条件为mg＝解得v0＝小球由静止释放到运动至圆周的最高点过程中，只有重力做功，因而机械能守恒，取初位置所在水平面为参考平面，由机械能守恒定律得0＝mv－mg(L－2R)解得R＝L所以OA的最小距离为L－R＝L，故D正确.9.【答案】D【解析】点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越小，场强越大，粒子受到的电场力越大，带电粒子的加速度越大，所以ab＞ac＞aa，根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在运动的过程中，一直受静电斥力作用，离电荷最近的位置，电场力对粒子做的负功越多，粒子的速度越小，所以va＞vc＞vb，所以D正确，A、B、C错误；故选：D．10.【答案】B【解析】电路中电流表的示数为2.0 A，所以电动机的电压为U=E﹣U内-=12 V﹣Ir﹣IR0=(12﹣2×1﹣2×1.5)V =7 V，所以B正确；电动机的总功率为P总=UI=7×2 W=14 W，电动机的发热功率为P热=I2R=22×0.5 W=2 W，所以电动机的输出功率为14 W﹣2 W=12 W，所以A、C错误；电源的输出的功率为P输出=EI﹣I2R=(12×2﹣22×1) W=20 W，所以D错误．11.【答案】C【解析】带电小球的初速度是水平的，从a运动到b点的过程中小球在竖直方向上发生位移，说明小球做的是曲线运动，所以小球受力不为零，即小球不可能做匀速直线运动，故A错误．从上分析可知小球做曲线运动，即变速运动，故小球受到磁场给的洛伦兹力也是变化的，故小球受到的合力是变力，所以小球不可能做匀加速直线运动，故B错误．当小球的重力和电场力平衡时，小球受到的洛伦兹力只改变小球的速度方向，小球的动能不变，故C正确．从a 到b，电场方向竖直向上，电场力一定做功，故机械能肯定不守恒，故D错误．12.【答案】D【解析】充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能，故A错误；该充电宝的容量为：q=20000 mA h=20000×10﹣3×3600 C=7.2×104C，该电池的电动势为5 V，所以充电宝储存的能量：E=E•q=5×7.2×104J =3.6×105J，故B错误；以 2 A的电流为用电器供电，则供电时间电动势t=，故C错误；由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为：20000 mA h×0.6=12000 mA h，给容量为3000 mA h的手机充电的次数：n==4次，故D正确.13.【答案】C【解析】电场线疏密表示场强的大小，由图象知从左到右场强逐渐增大，电场力做功W=qU=qEd，ab=bc，所以Wab＜Wbc．故选：C.14.【答案】(1)BD (2)＝h(或d2＝2ght2)【解析】(1)根据实验原理可知，需要测量的是A点到光电门B的距离，故A错误，B正确.利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，但需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小铁球的直径，故C错误，D正确.(2)利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故v＝；根据机械能守恒的表达式有mgh＝mv2，可得＝h(或d2＝2ght2)，故只要验证＝h(或d2＝2ght2)即可.15.【答案】(1)底端切线沿水平方向(2)使小球每次都从同一高度处无初速度滚下(3)1.6【解析】(1)为了保证小球离开斜槽时的速度沿水平方向，应调整斜槽使底端切线沿水平方向.(2)为了保证小球每次做平抛运动的轨迹一致，要求它的初速度相同，故每次都让小球从斜槽的同一高度处无初速度滚下.(3)根据图乙给出的数据，可计算出v0＝1.6 m/s.16.【答案】(1)0.5 (2)2.2 m，沿斜面向上【解析】(1)由题图乙可知，0～2 s内物体的加速度a1＝＝4 m/s2根据牛顿第二定律，F－mg sinθ－F f＝ma1，F N＝mg cosθ，而F f＝μF N，代入数据解得μ＝0.5.(2)撤去F后，－mg sinθ－F f＝ma2，得a2＝－10 m/s2，设经过t2时间减速到0，根据运动学公式0＝v1＋a2t2，解得t2＝0.8 s在0.8 s内物体有向上运动的位移x20－v＝2a2x2，得x2＝3.2 m物体到最高点后向下运动，设加速度大小为a3，则mg sinθ－F f＝ma3，解得a3＝2 m/s2再经t3＝1 s物体发生位移x3，x3＝a3t＝1 m物体在撤去F后1.8 s内的位移x＝x2－x3代入数据解得x＝2.2 m，方向沿斜面向上．17.【答案】(1)m/s(2)3m/s(3)0<R≤1.08 m【解析】(1)小球开始时做平抛运动：v＝2gh，代入数据解得v y＝＝m/s＝3m/s，A点：tan 60°＝，得v x＝v0＝＝m/s＝m/s.(2)从水平抛出到C点的过程中，由动能定理得mg(h＋L1sinθ)－μmgL1cosθ－μmgL2＝mv－mv，代入数据解得v C＝3m/s.(3)小球刚好能过最高点时，重力提供向心力，则mg＝，mv＝2mgR1＋mv2，代入数据解得R1＝1.08 m。

浙江省磐安县第二中学2018-2019学年高二英语10月月考试题

浙江省磐安县第二中学2018-2019学年高二英语10月月考试题第一部分听力第一节听下面五段对话。

每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C三个中选出最佳选项。

听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。

每段对话仅读一遍。

1.What is wrong with the woman?A. Her arm was injured.B. She can’t have a good rest.C. She can’t see her doctor that day.2. What will the woman do tomorrow?A. Look after her sister.B. Go swimming.C. Go to Shanghai.3. What does the man plan to do this Sunday?A. Read a novel.B. Play football.C. Watch TV4. What was the man doing?A. Sweeping the floor.B. Watching a movie.C. Drinking water.5. Who will help the woman do the cleaning?A. TimB. TonyC. Lily第二节听下面5段对话或独白所每段对话或独白后有几个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项。

听每段对话或独白前，你将有时间阅读各个小题，每小题5秒钟；听完后，各小题将给出5秒钟的作答时间。

每段对话或独白读两遍。

听第6段材料，回答6、7题。

6.What is the girl’s brother doing?A.Serving the guests.B. Walking the dog.C. Helping his dad7.When will the party begin?A.In twenty minutes.B. In thirty minutesC. In ten minutes 听第7段材料，回答8、9两题8.What version of the novel will the man buy?A.The English versionB. The French versionC. The Chinese version9.How much will the man need to pay for the book?A.27 yuanB. 30 yuanC. 54 yuan听第8段材料，回答10到12题。

浙江省磐安县第二中学2018-2019学年高二技术10月月考试题

浙江省磐安县第二中学2018-2019学年高二技术10月月考试题本试卷分两部分，第一部分信息技术部分，第二部分通用技术部分。

满分100分，考试时间80分钟第一部分信息技术（共50分）一、选择题（本大题共15小题，每小题2分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求）1.考古人员通过对出土文物进行研究分析，推测古人的政治、文化、经济活动状况。

以下说法不正确的是（）A.出土文物反映了历史数据，是信息的载体B.文物未出土之前，文物所承载的信息是不存在的C.考古人员对文物进行分析推测，体现了信息的加工和处理D.信息自古就有，随着时间的，价值可能发生变化2.下列有关信息技术术语的说法，正确的一项是（）A. HTML：超文本传输协议B. SMTP：电子邮局协议C. JPEG：静态图像压缩标准D. ASCII：统一资源定位器3. 小贝在Word修订模式下对某文档进行了修改,修改后文档的部分截图如下图所示,如果拒绝所有修订,第一行文字应该是( )A.最近黑客发现了一个名为虫洞的安全漏洞。

通过这个漏洞,在手机联网的情B.最近黑客发现了一个名为WormHole虫洞的安全漏洞。

利用这个漏洞,在手机联网的情C.最近黑客发现了一个名为WormHole虫洞的安全漏洞。

通过这个漏洞,在手机联网的情D.最近黑客发现了一个名为虫洞的安全漏洞。

利用这个漏洞,在手机联网的情4.使用Access软件创建一张数据表，其设计视图如图所示。

下列说法正确的是（）A.该数据表名称是“产品信息”，共有7条记录B.在数据表视图下，可在“是否自主知识产权”字段中输入“是”C.在数据表视图下，可以“生产日期”字段中输入“2018\12\25”D.“ID”字段的字段值是不相同的5. 下列一般能作为OCR软件识别对象的文件是( )A.电脑报.jpgB.工资单.xlsC.天路.mp3D.student.mdb6.使用Access软件统计某班高三毕业生高考成绩，如下图所示：以下说法正确的是（）A.对当前记录“语文”字段值进行修改，“总分”字段值会自动更新B.“学号”字段肯定是“自动编号”类型C.“上线”字段肯定是“是/否”类型D.当前状态下插入新记录，将会出现在第24行7. 用UltraEdit软件观察字符内码,结果如下图所示:从中可以推算出,“Chinese”的内码是( )A.43 68 69 6E 65 73 65B.43 68 69 6E 65 79 65C.63 68 69 6E 65 79 65D.63 68 69 6E 65 73 658. 某算法的部分流程图如右图所示,执行这部分流程后,输出a,b的值分别是( )A.5,8B.4,8C.5,11D.4,119.计算s=1+3+5+…+99的部分算法流程图如图所示:图中空白处理框①和②处应填入的是( )A.①i←i+2②s←s+iB.①i←i+1②s←s+iC.①s←s+i②i←i+2D.①s←s+i②i←i+110. 下列用于计算A2:C2中数据之和的公式错误的是 ( )A.=SUM(A2:C2)B.=SUM(A2,B2,C2)C.=A2+B2+C2D.=A2+C211.下列4幅图都是尺寸为400×300像素、24位色的BMP图像。

[小初高学习]浙江省磐安县第二中学2018-2019学年高二物理10月月考试题

磐安二中10月物理月考卷高二物理学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共13小题,每小题4.0分,共52分)1.下列所研究的物体，可看做质点的是（）A．天文学家研究地球的自转B．用GPS确定远洋海轮在大海中的位置C．教练员对百米运动员的起跑动作进行指导D．在伦敦奥运会比赛中，乒乓球冠军张继科准备接对手发出的旋转球2.做加速度方向不变大小可变的变速直线运动的物体，下述情况中不可能出现的是（）A．速度和位移均增大，加速度为零时，速度达到最大B．速度先减小后增大，速度变化越来越慢C．速度逐渐减小，位移逐渐增大，速度减为零时，位移不是零D．速度先增大、后减小，而位移一直在不断增大3.小文利用打点计时器研究甲和乙两个物体的运动，分别得到2条纸带．对每条纸带，均选择合适的点作为第一个计数点，再依次每5个点取1个计数点，并在各计数点处将其剪断，然后将这些剪断的纸条粘贴在相同的坐标纸上，最后将纸条上端中心连起来，如图甲、乙所示．由图可判断( )A．乙物体的加速度比甲大 B．两物体均做匀速直线运动C．打第三个计数点时，甲物体的速度比乙大 D．打第一个计数点时，物体的速度有可能为零4.如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心．则对圆弧面的压力最小的是( )A．a球 B．b球 C．c球 D．d球5.如图所示，两个质量都是m的小球A、B用轻杆连接后斜放在墙上处于平衡状态．已知墙面光滑，水平地面粗糙．现将A球向上移动一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力F N和A球受到墙壁对它的支持力F的变化情况是( )A．F N不变，F变大 B．F N不变，F变小 C．F N变大，F变大 D．F N变大，F变小6.2015年9月23日，在江苏省苏州市进行的全国田径锦标赛上高兴龙获得男子跳远冠军，在一次试跳中，他(可看成质点)水平距离达8 m，最高处高达 1 m.设他离开地面时的速度方向与水平面的夹角为α，若不计空气阻力，则tanα等于( )A． B． C． D． 17.引力波现在终于被人们用实验证实，爱因斯坦的预言成为科学真理.早在70年代就有科学家发现，高速转动的双星可能由于辐射引力波而使星体质量缓慢变小，观测到周期在缓慢减小，则该双星间的距离将( )A．变大 B．变小 C．不变 D．可能变大也可能变小8.如图所示，用长为L的细线，一端系于悬点A，另一端拴住一质量为m的小球，先将小球拉至水平位置并使细线绷直，在悬点A的正下方O点钉有一小钉子，今将小球由静止释放，要使小球能在竖直平面内做完整圆周运动，OA的最小距离是( )A． B． C．L D．L9.如图所示，P为固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆．带电粒子Q在P的电场中运动．运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点．若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为a a、a b、a c，速度大小分别为v a、v b、v c，则（）A．a a＞a b＞a c，v a＞v c＞v bB．a a＞a b＞a c，v b＞v c＞v aC．a b＞a c＞a a，v b＞v c＞v aD．a b＞a c＞a a，v a＞v c＞v b10.在图所示电路中，电源电动势为12 V，电源内阻为1.0 Ω，电路中的电阻R0为1.5 Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5 Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0.则以下判断中正确的是（）A．电动机的输出功率为14 W B．电动机两端的电压为7.0 V C．电动机产生的热功率4.0 W D．电源输出的电功率为24 W 11.一个带正电荷的小球从a点出发水平进入正交垂直的匀强电场和匀强磁场区域，电场方向竖直向上，某时刻小球运动到了b点，则下列说法正确的是（）A．从a到b，小球可能做匀速直线运动 B．从a到b，小球可能做匀加速直线运动C．从a到b，小球动能可能不变 D．从a到b，小球机械能可能不变12.智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置．充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60﹣0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）．如图为某一款移动充电宝，其参数见如表，下列说法正确的是（）A．充电宝充电时将电能转化为内能B．该充电宝最多能储存能量为3.6×l06JC．该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2 hD．该充电宝给电量为零、容量为3000 mAh的手机充电，则理论上能充满4次13.如图所示，电场中a、b、c三点，ab=bc，则把点电荷+q从a点经b移到c的过程中，电场力做功的大小关系有（）A．Wab＞Wbc B．Wab=Wbc C．Wab＜Wbc D．无法比较分卷II二、实验题(共2小题,每空3分,共18分)14.利用如图所示实验装置来验证机械能守恒定律.通过电磁铁控制的小铁球从A点自由下落，下落过程中小铁球经过光电门B时，毫秒计时器(图中未画出)记录下小铁球的挡光时间t.实验前调整光电门位置，使小铁球下落过程中，小铁球球心垂直细激光束通过光电门，当地重力加速度为g.(1)为了验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，还需要测量的物理量是________.A.A点距地面的高度HB.A、B之间的距离hC.小铁球从A到B的下落时间tABD.小铁球的直径d(2)小铁球通过光电门时的瞬时速度v＝____________；要验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，只需验证等式________是否成立即可(用实验中测得物理量的符号表示).15.如图甲是研究平抛运动的实验装置图，图乙是实验后在白纸上作的图.(1)固定斜槽轨道时应注意使________________________________________________.(2)实验过程中需经过多次释放小球才能描绘出小球平抛运动的轨迹，实验中应注意________________________________________________________________________.(3)根据图乙给出的数据，可计算出v0＝______ m/s.(g取9.8 m/s2)三、计算题(共2小题,16题14分,17题16分共30分)16.如图甲所示，倾角为θ＝37°的足够长斜面上，质量m＝1 kg的小物体在沿斜面向上的拉力F＝14 N作用下，由斜面底端从静止开始运动，2 s后撤去F，前2 s内物体运动的v-t图象如图乙所示．求：(取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)(1)小物体与斜面间的动摩擦因数；(2)撤去力F后1.8 s时间内小物体的位移．17.为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列设想：取一个与水平方向夹角为θ＝60°、长为L1＝2m 的倾斜轨道AB，通过微小圆弧与长为L2＝m的水平轨道BC相连，然后在C 处设计一个竖直完整的光滑圆轨道，出口为水平轨道上D处，如图所示.现将一个小球从距A 点高为h＝0.9 m的水平台面上以一定的初速度v0水平弹出，到A点时小球的速度方向恰沿AB方向，并沿倾斜轨道滑下.已知小球与AB和BC间的动摩擦因数均为μ＝，g取10 m/s2.(1)求小球初速度v0的大小；(2)求小球滑过C点时的速率v C；(3)要使小球刚好能过圆轨道的最高点，圆轨道的半径为多大？答案解析1.【答案】B【解析】研究地球的自转时，地球的大小和形状不能忽略，不能看作质点，故A错误；当研究海轮的位置时，海轮的大小和形状可以忽略，故能看做质点，故B正确；研究运动员的起跑动作，运动员的形状不能忽略，故不能看做质点，故C错误；研究乒乓球的旋转，需要看球的转动方向，而一个点无法研究转动方向，所以不能看做质点，故D错误．2.【答案】D【解析】当物体做加速度减小的变加速运动时，速度和位移均增大，当加速度减为零时，物体做匀速直线运动，速度达到最大，所以A是可能的；速度先与加速度反向，做减速运动，减到零后，再与加速度同向，做加速运动，在这个过程中，加速度逐渐减小，速度变化越来越慢．所以B是可能的．速度与加速度反向，做减速运动，但位移逐渐增大，当速度减到零时，位移不是零．所以C也是可能的．加速度方向不变时，当速度先增大，后减小时，速度方向先与加速度方向相同，后来速度反向，与加速度方向相反，物体的位移先增大后减小，不可能一直增大，故D不可能．3.【答案】A【解析】将纸条上端中心连起来，得到的直线是纸带的v－t图象，该图象斜率表示加速度，得乙物体的加速度比甲大，A正确；相等的时间间隔内位移增大，所以两物体均做加速直线运动，B错误；由图象知，相同的时间内，乙的位移大，所以打第三个计数点时，乙物体的速度比甲大，C错误；图象在纵轴上的截距不为零，所以打第一个计数点时，物体的速度不为零，D错误．4.【答案】A【解析】对c球受力分析如图，F1与F2的合力与重力大小相等、方向相反；支持力F2＝mg cosθ由a到d的过程中，夹角θ越来越小，则说明对圆弧面的压力越来越大，故对圆弧面的压力最小的是a球．5.【答案】B【解析】对整体进行受力分析，知F N＝2mg，移动两球后，仍然平衡，则F N仍然等于2mg，所以F N不变．再隔离对A进行受力分析，轻杆对A的作用力等于轻杆上受到的压力，设轻杆与竖直方向夹角为θ，轻杆对A球的作用力F＝，当A球向上移动一小段距离后，夹角θ减小，cosθ变大，所以F减小．故B正确，A、C、D错误.6.【答案】C【解析】从起点A到最高点B可看成平抛运动的逆过程，如图所示，运动员做平抛运动，初速度方向与水平方向夹角的正切值为tanα＝2tanβ＝2×＝2×＝，选项C正确.7.【答案】B【解析】8.【答案】D【解析】设小球做完整圆周运动时其轨道半径为R，小球刚好过最高点的条件为mg＝解得v0＝小球由静止释放到运动至圆周的最高点过程中，只有重力做功，因而机械能守恒，取初位置所在水平面为参考平面，由机械能守恒定律得0＝mv－mg(L－2R)解得R＝L所以OA的最小距离为L－R＝L，故D正确.9.【答案】D【解析】点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越小，场强越大，粒子受到的电场力越大，带电粒子的加速度越大，所以ab＞ac＞aa，根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在运动的过程中，一直受静电斥力作用，离电荷最近的位置，电场力对粒子做的负功越多，粒子的速度越小，所以va＞vc＞vb，所以D正确，A、B、C错误；故选：D．10.【答案】B【解析】电路中电流表的示数为2.0 A，所以电动机的电压为U=E﹣U内-=12 V﹣Ir﹣IR0=(12﹣2×1﹣2×1.5)V =7 V，所以B正确；电动机的总功率为P总=UI=7×2 W=14 W，电动机的发热功率为P热=I2R=22×0.5 W=2 W，所以电动机的输出功率为14 W﹣2 W=12 W，所以A、C错误；电源的输出的功率为P输出=EI﹣I2R=(12×2﹣22×1) W=20 W，所以D错误．11.【答案】C【解析】带电小球的初速度是水平的，从a运动到b点的过程中小球在竖直方向上发生位移，说明小球做的是曲线运动，所以小球受力不为零，即小球不可能做匀速直线运动，故A错误．从上分析可知小球做曲线运动，即变速运动，故小球受到磁场给的洛伦兹力也是变化的，故小球受到的合力是变力，所以小球不可能做匀加速直线运动，故B错误．当小球的重力和电场力平衡时，小球受到的洛伦兹力只改变小球的速度方向，小球的动能不变，故C正确．从a 到b，电场方向竖直向上，电场力一定做功，故机械能肯定不守恒，故D错误．12.【答案】D【解析】充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能，故A错误；该充电宝的容量为：q=20000 mA h=20000×10﹣3×3600 C=7.2×104C，该电池的电动势为5 V，所以充电宝储存的能量：E=E•q=5×7.2×104J =3.6×105J，故B错误；以 2 A的电流为用电器供电，则供电时间电动势t=，故C错误；由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为：20000 mA h×0.6=12000 mA h，给容量为3000 mA h的手机充电的次数：n==4次，故D正确.13.【答案】C【解析】电场线疏密表示场强的大小，由图象知从左到右场强逐渐增大，电场力做功W=qU=qEd，ab=bc，所以Wab＜Wbc．故选：C.14.【答案】(1)BD (2)＝h(或d2＝2ght2)【解析】(1)根据实验原理可知，需要测量的是A点到光电门B的距离，故A错误，B正确.利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，但需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小铁球的直径，故C错误，D正确.(2)利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故v＝；根据机械能守恒的表达式有mgh＝mv2，可得＝h(或d2＝2ght2)，故只要验证＝h(或d2＝2ght2)即可.15.【答案】(1)底端切线沿水平方向(2)使小球每次都从同一高度处无初速度滚下(3)1.6【解析】(1)为了保证小球离开斜槽时的速度沿水平方向，应调整斜槽使底端切线沿水平方向.(2)为了保证小球每次做平抛运动的轨迹一致，要求它的初速度相同，故每次都让小球从斜槽的同一高度处无初速度滚下.(3)根据图乙给出的数据，可计算出v0＝1.6 m/s.16.【答案】(1)0.5 (2)2.2 m，沿斜面向上【解析】(1)由题图乙可知，0～2 s内物体的加速度a1＝＝4 m/s2根据牛顿第二定律，F－mg sinθ－F f＝ma1，F N＝mg cosθ，而F f＝μF N，代入数据解得μ＝0.5.(2)撤去F后，－mg sinθ－F f＝ma2，得a2＝－10 m/s2，设经过t2时间减速到0，根据运动学公式0＝v1＋a2t2，解得t2＝0.8 s在0.8 s内物体有向上运动的位移x20－v＝2a2x2，得x2＝3.2 m物体到最高点后向下运动，设加速度大小为a3，则mg sinθ－F f＝ma3，解得a3＝2 m/s2再经t3＝1 s物体发生位移x3，x3＝a3t＝1 m物体在撤去F后1.8 s内的位移x＝x2－x3代入数据解得x＝2.2 m，方向沿斜面向上．17.【答案】(1)m/s(2)3m/s(3)0<R≤1.08 m【解析】(1)小球开始时做平抛运动：v＝2gh，代入数据解得v y＝＝m/s＝3m/s，A点：tan 60°＝，得v x＝v0＝＝m/s＝m/s.(2)从水平抛出到C点的过程中，由动能定理得mg(h＋L1sinθ)－μmgL1cosθ－μmgL2＝mv－mv，代入数据解得v C＝3m/s.(3)小球刚好能过最高点时，重力提供向心力，则mg＝，mv＝2mgR1＋mv2，代入数据解得R1＝1.08 m。

浙江省磐安县第二中学2019_2020学年高二数学10月竞赛试题201912230286

浙江省磐安县第二中学2019-2020学年高二数学10月竞赛试题注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题)一、单选题1．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（）A ．4B ．4CD ．32．平面α上有不共线的三点到平面β的距离相等，则α与β的位置关系为（）A ．平行+B ．相交C ．平行或相交D ．垂直3．下列命题中正确的个数是（）①平面α与平面β相交，它们只有有限个公共点．②若直线l 上有无数个点不在平面α内，则//l α．③若两条直线和第三条直线所成的角相等，则这两条直线互相平行④已知平面α，β和异面直线a ，b ，满足a α⊂，//a β，b β⊂，//b α，则//αβ．A ．0B ．1C ．2D ．34．正方体中，直线与所成的角为（） A ．30o B ．45o C ．60o D ．90o5．已知a ，b ，c 是三条互不重合的直线，α，β是两个不重合的平面，给出四个命题：①a ∥b ，b ∥α，则a ∥α；②a ，b ⊂α，a ∥β，b ∥β，则α∥β；③a ⊥α，a ∥β，则α⊥β；④a ⊥α，b ∥α，则a ⊥b .其中正确的命题个数是 ( )A ．1B ．2C ．3D ．46．我国古代《九章算术》将上下两个平行平面为矩形的六面体称为刍童.如图是一个刍童的三视图，其中正视图及侧视图均为等腰梯形，两底的长分别为2和6，高为2，则该刍童的表面积为（）A ．40+B ．72C ．40+D ．327．如图所示，已知正方体1111ABCD A B C D -的棱长为3，点E 在11A B 上，且11B E =，记图中阴影平面为平面α，且平面α平面1BC E .若平面α平面111AA B B A F =，则AF 的长为（）A ．1B ．1.5C ．2D ．38．ABC ∆的斜二侧直观图如图所示，则ABC ∆的面积为（）A ．1B ．2C ．2D 9．下列图形中不一定是平面图形的是（）A ．三角形B ．平行四边形C ．梯形D ．四边相等的四边形10．如图所示的平面结构（阴影部分为实心，空白部分为空心），绕中间轴旋转一周，形成的几何体为（）A ．一个球B ．一个球中间挖去一个圆柱C ．一个圆柱D ．一个球中间挖去一个棱柱第II 卷（非选择题)二、填空题11．在棱长为1的正方体1111ABCD A B C D -中，则直线11D B 与平面11A BCD 所成角的正弦值为________.12．正方体的全面积为a ，它的顶点都在球面上，则这个球的表面积是______.13．如图所示，在三棱柱111ABC A B C -中，E F G H ，，，分别是1111AB AC A B A C ，，，的中点，则与平面BCHG 平行的平面为________.14．如图所示，在四面体D ABC -中，若CD =，其余各棱长都为1，则在这个四面体中互相垂直的平面是____________________________________.15．已知ABC ∆，用斜二测画法作它的直观图'''A B C ∆，若'''A B C ∆是斜边平行于'x 铀的等腰直角三角形，则ABC ∆是________三角形（填“锐角”.“直角”.“钝角”）16．某四棱锥的三视图如图所示，那么该四棱锥的体积为____．17．已知圆锥和圆柱的底面半径均为R ，高均为3R ，则圆锥和圆柱的表面积之比是______．三、解答题18．求图中阴影部分绕AB 所在直线旋转一周所形成的几何体的表面积和体积.19．如图，在直三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，E ，F 分别为A 1C 1和BC 的中点．(1)求证：EF∥平面AA1B1B；(2)若AA1＝3，AB＝EF与平面ABC所成的角．20．如图，在四棱锥中，底面ABCD是矩形，，E，F分别为BC，CD的中点，且平面求证：平面PBD；平面PEF．的直观图及三视图如图所示，E、F分别为PC、BD的中点．21．如图，多面题P ABCD（1）求证：EF ∥平面PAD ；（2）求证：平面PDC ⊥平面PAD ；（3）求P ABCD V -.22．如图，四边形ABCD 为菱形， G 为AC 与BD 的交点， BE ⊥平面ABCD . （Ⅰ）证明：平面AEC ⊥平面BED .（Ⅱ）若120ABC ∠=, AE EC ⊥, 2AB =,求点G 到平面AED 的距离.2019-2020学年度磐安二中学校10月月考卷高二数学考试时间：120分钟；命题人：潘建华一、单选题1．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（）A B C D 【答案】C【解析】【分析】根据三视图得到原图，再由椎体公式得到结果.【详解】由三视图可推知，几何体的直观图如图所示，其中平面ABD ⊥平面BCD ，1AO =，三棱锥A BCD -的体积为(2113⨯=故答案为：C.【点睛】思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系，遵循“长对正，高平齐，宽相等”的基本原则，其内涵为正视图的高是几何体的高，长是几何体的长；俯视图的长是几何体的长，宽是几何体的宽；侧视图的高是几何体的高，宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的步骤和思考方法：1、首先看俯视图，根据俯视图画出几何体地面的直观图；2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度；3、画出整体，然后再根据三视图进行调整. 2．已知四面体中，平面平面，为边长2的等边三角形，，，则异面直线与所成角的余弦值为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】根据题意画出图形，结合图形的特征建立空间直角坐标系，得到相关点的坐标后根据直线方向向量的夹角求出异面直线所成的角．【详解】根据题意画出图形如下图所示．∵平面平面，平面平面，，∴平面，以过点D且与平面垂直的直线为z轴建立空间直角坐标系，则，∴,∴，∴异面直线与所成角的余弦值为．故选A．【点睛】解题的关键是将求两条异面直线所成角转化为两向量夹角的问题求解，其中需要注意异面直线所成角与两向量夹角间的关系，解题的关键是要注意异面直线所成角的范围，此处容易出现错误，属于基础题．3．已知点A，B O表面上运动，且AB＝2，过AB作相互垂直的平面α，β，若平面α，β截球O所得的截面分别为圆M，N，则A．MN长度的最小值是2 B．MNC．圆M面积的最小值是2πD．圆M，N的面积和是定值8π【答案】B【解析】【分析】由过AB作相互垂直的平面α，β,确定BA、BC、DB两两互相垂直，M，N分别是AC，AD的中点，求出CD，即可得结论．【详解】如图所示，因为过AB作相互垂直的平面α、β，则面ABC⊥面ABD,由面面垂直的性质定理，得AB⊥面BCD，所以AB⊥BC,AB⊥BD,得BD⊥BC，所以BA、BC、DB两两互相垂直，所以BC2+BD2+2AB＝(2，因为AB=4,∴CD2＝BC2+BD2=8，所以∵M，N分别是AC，AD的中点，∴MN故选：B．【点睛】本题考查了球的内接几何体和面面垂直，考查学生分析解决问题的能力，属于中档题．4．若三棱锥P-ABC中，PA⊥平面ABC，AB⊥BC,PA=AB=2，AC=三棱锥P-ABC的四个顶点都在球O的球面上，则球O的表面积为A．12πB．16πC．20πD．24π【答案】A【解析】【分析】求解底面长方形的外接圆，PA⊥平面ABC，球心到圆心的距离为1，利用圆心与球心构造直角三角形求解即可．【详解】由题意，PA⊥平面ABC，PA=AB=2，AC＝ABC是直角三角形，补形底面为长方形．∴球心到圆心的距离为1，底面长方形的外接圆,∴R2=r2+1，即,∴球O的表面积S=4πR2=12π．故选：A．【点睛】本题考查球的表面积的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意空间思维能力的培养．5．平面α上有不共线的三点到平面β的距离相等，则α与β的位置关系为（）A．平行B．相交C．平行或相交D．垂直【答案】C【解析】【分析】根据三点在平面的同侧或异侧，两种情况，即可判定得到α与β的位置关系，得到答案．【详解】α平面β；由题意，若三点分布在平面β的同侧，此时平面//若三点分布于平面β的两侧时，此时平面α与平面β相交，综上可知，平面α与平面β平行或相交，故选C．【点睛】本题主要考查了空间中平面的位置关系的判定，其中根据三点在平面β的同侧和异侧，分类讨论是解答的关键，着重考查了推理与论证能力，属于基础题．6．正方形ABCD绕对角线AC所在直线旋转一周所得组（）A．由两个圆台组合成的B．由两个圆锥组合成的C．由一个圆锥和一个圆台组合成的D．由两个棱台组合成的【答案】B【解析】【分析】将正方形ABCD绕对角线AC所在的直线旋转一周，根据旋转体的定义，即可求解，得到答案.【详解】由题意，将正方形ABCD绕对角线AC所在的直线旋转一周，根据旋转体的定义，可知得到的组合体是两个同底的圆锥，故选B.【点睛】本题主要考查了旋转体的概念及其应用，其中解答中熟记旋转体的概念，合理判定是解答的关键，着重考查了空间想象能力，属于基础题.7．直线m⊥平面α，下面判断错误的是（）A．若直线n⊥m，则n∥αB．若直线n⊥α，则n∥mC．若直线n∥α，则n⊥m D．若直线n∥m，则n⊥α【答案】A【解析】【分析】结合线面垂直、线线平行及线面平行的相关性质可以判断.【详解】由直线m⊥平面α，得：在A中，若直线n⊥m，则由线面平行性质得n与α相交、平行或n⊂α，故A错误；在B中，若直线n⊥α，则由线面垂直的性质得n∥m，故B正确；在C中，若直线n∥α，则由线面垂直的性质得n⊥m，故C正确；在D中，若直线n∥m，则由线面垂直的判定定理得n⊥α，故D正确．故选：A．【点睛】本题主要考查空间位置关系的判定，可以借助模型求解，侧重考查直观想象和逻辑推理的核心素养.8．已知两条不同直线m、n和两个不同平面α﹑β，下列叙述正确的是（）A ．若//m α，//n α，则//m nB ．若////m n m n ααββ⊂⊂，，，，则//αβC ．若αβ⊥，m α⊂，则m β⊥D ．若αβ⊥，m β⊥，m α⊄，则//m α【答案】D【解析】【分析】A 选项可由线面平行的性质作出判断，B 选项可由面面平行的判定定理作出判断，C 选项可由面面垂直的性质作出判断，D 选项可由线面平行的条件作出判断【详解】当两条直线同时与一个平面平行时，两条直线之间的关系不能确定，故A 不正确，B 选项再加上两条直线相交的条件，可以判断面与面平行，故B 不正确，C 选项再加上m 垂直于两个平面的交线，得到线面垂直，故C 不正确，D 选项中，如下图所示设=b αβ⋂，,a b a β⊥∴⊥，又m β⊥，根据垂直于同一平面的两直线平行，可得m a ∥，又a α⊂，m α∴∥选D【点睛】考生需灵活掌握线线平行到线面平行，面面平行到线面平行的基本转化关系，遇到较为抽象的证明问题时，辅以图像能够更加有效的解决问题9．下列命题中正确的个数是（）①平面α与平面β相交，它们只有有限个公共点．②若直线l 上有无数个点不在平面α内，则//l α．③若两条直线和第三条直线所成的角相等，则这两条直线互相平行④已知平面α，β和异面直线a ，b ，满足a α⊂，//a β，b β⊂，//b α，则//αβ．A ．0B ．1C ．2D ．3 【答案】B【解析】【分析】利用线线平行、线面平行以及面面平行的定义来判断选项即可【详解】在①中，平面α与平面β相交，它们有无数个公共点，故①错误；在②中，若直线l 上有无数个点不在平面α内，则l 与α平行或相交，故②错误；在③中，若两条直线和第三条直线所成的角相等，则这两条直线相交、平行或异面，故③错误；在④中，已知平面α，β和异面直线a ，b ，满足a α⊂，//αβ，b β⊂，//b α，则由面面平行的判定定理得//αβ，故④正确．故选：B ．【点睛】本题考查线线平行、线面平行、面面平行的定义，属于基础题10．在长方体1111ABCD A B C D -中，AB ==AD 1AA =1AC 与CD 所成角的大小为( ) A.6π B.4π C.3π D.3π或23π 【答案】C【解析】【分析】平移CD 到AB ，则1C AB ∠即为异面直线1AC 与CD 所成的角，在直角三角形中即可求解.【详解】连接AC 1，CD //AB ，可知1C AB ∠即为异面直线1AC 与CD 所成的角，在1Rt C AB ∆中，11tan BC C AB AB∠=，故选C ．【点睛】本题考查异面直线所成的角.常用方法：1、平移直线到相交；2、向量法.二、填空题11．在棱长为1的正方体1111ABCD A B C D -中，则直线11D B 与平面11A BCD 所成角的正弦值为________. 【答案】12【解析】【分析】利用平面11ABB A ⊥平面11A BCD 得到 B 1O ⊥平面11A BCD ，进而作出直线与平面所成角，易解．【详解】如图，平面11ABB A ⊥平面11A BCD ，又B 1O ⊥1A B ，∴B 1O ⊥平面11A BCD ，∴∠B 1D 1O 即为所求角，sin∠B 1D 1O 12=，故答案为：12．【点睛】求直线和平面所成角的关键是作出这个平面的垂线进而斜线和射影所成角即为所求，有时当垂线较为难找时也可以借助于三棱锥的等体积法求得垂线长，进而用垂线长比上斜线长可求得所成角的正弦值，当空间关系较为复杂时也可以建立空间直角坐标系，利用向量求解.12．正方体的全面积为a ，它的顶点都在球面上，则这个球的表面积是______. 【答案】2a π 【解析】【分析】由题意可得正方体的边长及球的半径，可得球的表面积.【详解】解：根据正方体的表面积可以求得正方体的边长为l =，正方体的外接球球心位于正方体体心，半径为正方体体对角线的一半，求得球的半径r ==积为242aS r ππ==，故答案：2aπ.【点睛】本题主要考查空间几何体的表面积,得出正方体的边长和球的半径是解题的关键.13．如图所示，在三棱柱111ABC A B C -中，E F G H ，，，分别是1111AB AC A B A C ，，，的中点，则与平面BCHG 平行的平面为________.【答案】平面1A EF【解析】【分析】由E F ，分别为AB AC ，的中点，所以EF BC ∥，利用线面平行的判定定理，得到EF 平面BCHG ，再由四边形1A EBG 是平行四边形，得到1A E GB ∥，证得1A E ∥平面BCHG ，最后利用面面平行的判定定理，即可得到平面1A EF ∥平面BCHG .【详解】由题意，因为E F ，分别为AB AC ，的中点，所以EF BC ∥，因为EF ⊄平面BCHG ，BC ⊂平面BCHG ，可得EF 平面BCHG ，因为1AG EB =且1AG EB ∥，所以四边形1A EBG 是平行四边形，所以1A E GB ∥，又因为1A E ⊄ 平面BCHG ，GB ⊂平面BCHG ，所以1A E ∥平面BCHG ，因为1A EEF E =，所以平面1A EF ∥平面BCHG . 【点睛】主要考查了空间中平行关系的判定与证明，其中解答中熟记线面平行、面面平行的判定定理和性质定理，准确判定是解答的关键，着重考查了推理与论证能力，属于基础题．14．如图所示，在四面体D ABC -中，若CD =，其余各棱长都为1，则在这个四面体中互相垂直的平面是____________________________________.【答案】平面ACD ，平面BCD .【解析】【分析】过A 作AE CD ⊥，得到AEB ∠是二面角A CD B --的平面角，又由222AE BE AB +=，得到90AEB ∠=，即可求解.【详解】由题意，过A 作AE CD ⊥，交CD 于点E ，因为1,AD AC CD ===90DAC =∠，由E 为CD 的中点，所以AE =连接BE ，因为1,BD BC CD ===BE CD ⊥，且2BE =，所以AEB ∠是二面角A CD B --的平面角，又1AB =，所以222AE BE AB +=，所以90AEB ∠=，∴平面ACD ⊥平面BCD .【点睛】本题主要考查了线面位置关系的应用，其中解答中熟练应用线面垂直的性质定理，合理准确判定是解答的关键，着重考查了推理与论证能力，属于基础题.15．已知ABC ∆，用斜二测画法作它的直观图'''A B C ∆，若'''A B C ∆是斜边平行于'x 铀的等腰直角三角形，则ABC ∆是________三角形（填“锐角”.“直角”.“钝角”）.【答案】直角【解析】【分析】根据斜二测画法，45x oy ∠=''︒，直接判断ABC ∆的形状。

浙江省磐安县第二中学高二生物10月月考试题

浙江省磐安二中2018学年第一学期高二生物第一次月考卷一、选择题（本大题共28小题，每小题2分，共56分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.关于生物体内脂质与糖类的叙述，正确的是（）A．磷脂分子中含有3分子脂肪酸和1分子甘油B．葡萄糖是细胞的直接供能物质C．糖元和淀粉均由葡萄糖构成，是细胞的贮能物质D．甘蔗含有丰富的糖类，是还原糖鉴定的理想材料2.某离子是血红蛋白的重要组成成分，该离子是（）A.K+B.Ca2+C.Fe2+D.I-3.下列细胞最适合用来研究溶酶体的细胞是（）A．肺炎双球菌细胞 B．洋葱根尖分生区细胞C．人体中能分泌胰岛素的细胞 D．具有吞噬功能的白细胞4.下列人体细胞中有多个细胞核的是（）A.肝脏细胞B.神经细胞C.横纹肌细胞D.红细胞5.下列关于ATP水解和合成过程的图示描述,正确的是（）A．图中的ADP由腺嘌呤、脱氧核糖和磷酸基团组成B．这个反应式从物质的角度看是可逆的C．线粒体内膜和叶绿体内膜中都嵌有该合成酶D．玉米细胞中的淀粉依靠ATP水解酶最终水解成葡萄糖6.在验证酶的高效性活动中，下列有关叙述错误的是（）A．本活动用鸡肝匀浆的目的是使酶从细胞中释放并与底物充分接触B．检测氧气产生量时用点燃后带明火的卫生香放在试管口，观察燃烧程度C．1、2号试管在反应时均需在试管口塞上橡胶塞D．该活动的自变量是催化剂的种类7.在酶量一定、其他条件适宜时，能正确表示酶促反应速率与底物浓度关系的是（）8.下列关于细胞中吸能反应和放能反应的叙述，正确的是（）A.所有活细胞中最重要的放能反应是糖的氧化B.吸能反应所需要的能量全部来自于放能反应C.在肌肉收缩过程中，肌肉做功，失去能量，恢复原状，是吸能反应D.因为ATP的储量多，所以能作为细胞中普遍使用的能量载体9. 下图表示葡萄糖的跨膜运输方式，下列叙述中错误的是（）A.该跨膜运输过程需要消耗能量B.温度会影响该跨膜运输过程C.图中载体蛋白也可运输蔗糖D.图中载体蛋白与葡萄糖结合而改变形状10.下列关于肌肉细胞厌氧呼吸的叙述，正确的是（）A.人体骨骼肌细胞产生的乳酸可运至肝细胞再生成葡萄糖B.肌肉厌氧呼吸释放的能量大多数用于合成ATPC.肌肉细胞在缺氧条件下进行厌氧呼吸的产物是乳酸和CO2D.人体肌肉细胞厌氧呼吸产生的乳酸转变成葡萄糖不需要要消耗能量11. 如图表示真核细胞需氧呼吸的过程，其中①～③代表有关生理过程发生的场所，甲、乙代表有关物质。

浙江省磐安县第二中学2018_2019学年高二物理10月月考试题

磐安二中10月物理月考卷高二物理学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 题号一二三四五六总分得分分卷I一、单选题(共13小题,每小题4.0分,共52分)1.下列所研究的物体，可看做质点的是（）A．天文学家研究地球的自转B．用GPS确定远洋海轮在大海中的位置C．教练员对百米运动员的起跑动作进行指导D．在伦敦奥运会比赛中，乒乓球冠军张继科准备接对手发出的旋转球2.做加速度方向不变大小可变的变速直线运动的物体，下述情况中不可能出现的是（）A．速度和位移均增大，加速度为零时，速度达到最大B．速度先减小后增大，速度变化越来越慢C．速度逐渐减小，位移逐渐增大，速度减为零时，位移不是零D．速度先增大、后减小，而位移一直在不断增大3.小文利用打点计时器研究甲和乙两个物体的运动，分别得到2条纸带．对每条纸带，均选择合适的点作为第一个计数点，再依次每5个点取1个计数点，并在各计数点处将其剪断，然后将这些剪断的纸条粘贴在相同的坐标纸上，最后将纸条上端中心连起来，如图甲、乙所示．由图可判断( )A．乙物体的加速度比甲大 B．两物体均做匀速直线运动C．打第三个计数点时，甲物体的速度比乙大 D．打第一个计数点时，物体的速度有可能为零4.如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心．则对圆弧面的压力最小的是( )A．a球 B．b球 C．c球 D．d球5.如图所示，两个质量都是m的小球A、B用轻杆连接后斜放在墙上处于平衡状态．已知墙面光滑，水平地面粗糙．现将A球向上移动一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力F N和A球受到墙壁对它的支持力F的变化情况是( )A．F N不变，F变大 B．F N不变，F变小 C．F N变大，F变大 D．F N变大，F变小6.2015年9月23日，在江苏省苏州市进行的全国田径锦标赛上高兴龙获得男子跳远冠军，在一次试跳中，他(可看成质点)水平距离达8 m，最高处高达1 m.设他离开地面时的速度方向与水平面的夹角为α，若不计空气阻力，则tanα等于( )A． B． C． D． 17.引力波现在终于被人们用实验证实，爱因斯坦的预言成为科学真理.早在70年代就有科学家发现，高速转动的双星可能由于辐射引力波而使星体质量缓慢变小，观测到周期在缓慢减小，则该双星间的距离将( )A．变大 B．变小 C．不变 D．可能变大也可能变小8.如图所示，用长为L的细线，一端系于悬点A，另一端拴住一质量为m的小球，先将小球拉至水平位置并使细线绷直，在悬点A的正下方O点钉有一小钉子，今将小球由静止释放，要使小球能在竖直平面内做完整圆周运动，OA的最小距离是( )A． B． C．L D．L9.如图所示，P为固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆．带电粒子Q在P的电场中运动．运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点．若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为a a、a b、a c，速度大小分别为v a、v b、v c，则（）A．a a＞a b＞a c，v a＞v c＞v bB．a a＞a b＞a c，v b＞v c＞v aC．a b＞a c＞a a，v b＞v c＞v aD．a b＞a c＞a a，v a＞v c＞v b10.在图所示电路中，电源电动势为12 V，电源内阻为1.0 Ω，电路中的电阻R0为1.5 Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5 Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0.则以下判断中正确的是（）A．电动机的输出功率为14 W B．电动机两端的电压为7.0 V C．电动机产生的热功率4.0 W D．电源输出的电功率为24 W 11.一个带正电荷的小球从a点出发水平进入正交垂直的匀强电场和匀强磁场区域，电场方向竖直向上，某时刻小球运动到了b点，则下列说法正确的是（）A．从a到b，小球可能做匀速直线运动 B．从a到b，小球可能做匀加速直线运动C．从a到b，小球动能可能不变 D．从a到b，小球机械能可能不变12.智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置．充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60﹣0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）．如图为某一款移动充电宝，其参数见如表，下列说法正确的是（）A．充电宝充电时将电能转化为内能B．该充电宝最多能储存能量为3.6×l06JC．该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2 hD．该充电宝给电量为零、容量为3000 mAh的手机充电，则理论上能充满4次13.如图所示，电场中a、b、c三点，ab=bc，则把点电荷+q从a点经b移到c的过程中，电场力做功的大小关系有（）A．Wab＞Wbc B．Wab=Wbc C．Wab＜Wbc D．无法比较分卷II二、实验题(共2小题,每空3分,共18分)14.利用如图所示实验装置来验证机械能守恒定律.通过电磁铁控制的小铁球从A点自由下落，下落过程中小铁球经过光电门B时，毫秒计时器(图中未画出)记录下小铁球的挡光时间t.实验前调整光电门位置，使小铁球下落过程中，小铁球球心垂直细激光束通过光电门，当地重力加速度为g.(1)为了验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，还需要测量的物理量是________.A.A点距地面的高度HB.A、B之间的距离hC.小铁球从A到B的下落时间tABD.小铁球的直径d(2)小铁球通过光电门时的瞬时速度v＝____________；要验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，只需验证等式________是否成立即可(用实验中测得物理量的符号表示).15.如图甲是研究平抛运动的实验装置图，图乙是实验后在白纸上作的图.(1)固定斜槽轨道时应注意使________________________________________________.(2)实验过程中需经过多次释放小球才能描绘出小球平抛运动的轨迹，实验中应注意________________________________________________________________________.(3)根据图乙给出的数据，可计算出v0＝______ m/s.(g取9.8 m/s2)三、计算题(共2小题,16题14分,17题16分共30分)16.如图甲所示，倾角为θ＝37°的足够长斜面上，质量m＝1 kg的小物体在沿斜面向上的拉力F＝14 N作用下，由斜面底端从静止开始运动，2 s后撤去F，前2 s内物体运动的v-t图象如图乙所示．求：(取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)(1)小物体与斜面间的动摩擦因数；(2)撤去力F后1.8 s时间内小物体的位移．17.为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列设想：取一个与水平方向夹角为θ＝60°、长为L1＝2m 的倾斜轨道AB，通过微小圆弧与长为L2＝m的水平轨道BC相连，然后在C处设计一个竖直完整的光滑圆轨道，出口为水平轨道上D处，如图所示.现将一个小球从距A点高为h＝0.9 m的水平台面上以一定的初速度v0水平弹出，到A点时小球的速度方向恰沿AB方向，并沿倾斜轨道滑下.已知小球与AB和BC间的动摩擦因数均为μ＝，g取10 m/s2.(1)求小球初速度v0的大小；(2)求小球滑过C点时的速率v C；(3)要使小球刚好能过圆轨道的最高点，圆轨道的半径为多大？答案解析1.【答案】B【解析】研究地球的自转时，地球的大小和形状不能忽略，不能看作质点，故A错误；当研究海轮的位置时，海轮的大小和形状可以忽略，故能看做质点，故B正确；研究运动员的起跑动作，运动员的形状不能忽略，故不能看做质点，故C错误；研究乒乓球的旋转，需要看球的转动方向，而一个点无法研究转动方向，所以不能看做质点，故D错误．2.【答案】D【解析】当物体做加速度减小的变加速运动时，速度和位移均增大，当加速度减为零时，物体做匀速直线运动，速度达到最大，所以A是可能的；速度先与加速度反向，做减速运动，减到零后，再与加速度同向，做加速运动，在这个过程中，加速度逐渐减小，速度变化越来越慢．所以B是可能的．速度与加速度反向，做减速运动，但位移逐渐增大，当速度减到零时，位移不是零．所以C也是可能的．加速度方向不变时，当速度先增大，后减小时，速度方向先与加速度方向相同，后来速度反向，与加速度方向相反，物体的位移先增大后减小，不可能一直增大，故D不可能．3.【答案】A【解析】将纸条上端中心连起来，得到的直线是纸带的v－t图象，该图象斜率表示加速度，得乙物体的加速度比甲大，A正确；相等的时间间隔内位移增大，所以两物体均做加速直线运动，B错误；由图象知，相同的时间内，乙的位移大，所以打第三个计数点时，乙物体的速度比甲大，C错误；图象在纵轴上的截距不为零，所以打第一个计数点时，物体的速度不为零，D错误．4.【答案】A【解析】　对c球受力分析如图，F1与F2的合力与重力大小相等、方向相反；支持力F2＝mg cosθ由a到d的过程中，夹角θ越来越小，则说明对圆弧面的压力越来越大，故对圆弧面的压力最小的是a球．5.【答案】B【解析】　对整体进行受力分析，知F N＝2mg，移动两球后，仍然平衡，则F N仍然等于2mg，所以F N不变．再隔离对A进行受力分析，轻杆对A的作用力等于轻杆上受到的压力，设轻杆与竖直方向夹角为θ，轻杆对A球的作用力F＝，当A球向上移动一小段距离后，夹角θ减小，cosθ变大，所以F减小．故B正确，A、C、D错误.6.【答案】C【解析】从起点A到最高点B可看成平抛运动的逆过程，如图所示，运动员做平抛运动，初速度方向与水平方向夹角的正切值为tanα＝2tanβ＝2×＝2×＝，选项C正确.7.【答案】B【解析】8.【答案】D【解析】设小球做完整圆周运动时其轨道半径为R，小球刚好过最高点的条件为mg＝解得v0＝小球由静止释放到运动至圆周的最高点过程中，只有重力做功，因而机械能守恒，取初位置所在水平面为参考平面，由机械能守恒定律得0＝mv－mg(L－2R)解得R＝L所以OA的最小距离为L－R＝L，故D正确.9.【答案】D【解析】点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越小，场强越大，粒子受到的电场力越大，带电粒子的加速度越大，所以ab＞ac＞aa，根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在运动的过程中，一直受静电斥力作用，离电荷最近的位置，电场力对粒子做的负功越多，粒子的速度越小，所以va＞vc＞vb，所以D正确，A、B、C错误；故选：D．10.【答案】B【解析】电路中电流表的示数为2.0 A，所以电动机的电压为U=E﹣U内-=12 V﹣Ir﹣IR0=(12﹣2×1﹣2×1.5)V=7 V，所以B正确；电动机的总功率为P总=UI=7×2 W=14 W，电动机的发热功率为P热=I2R=22×0.5 W=2 W，所以电动机的输出功率为14 W﹣2 W=12 W，所以A、C错误；电源的输出的功率为P输出=EI﹣I2R=(12×2﹣22×1) W=20 W，所以D错误．11.【答案】C【解析】带电小球的初速度是水平的，从a运动到b点的过程中小球在竖直方向上发生位移，说明小球做的是曲线运动，所以小球受力不为零，即小球不可能做匀速直线运动，故A错误．从上分析可知小球做曲线运动，即变速运动，故小球受到磁场给的洛伦兹力也是变化的，故小球受到的合力是变力，所以小球不可能做匀加速直线运动，故B错误．当小球的重力和电场力平衡时，小球受到的洛伦兹力只改变小球的速度方向，小球的动能不变，故C正确．从a 到b，电场方向竖直向上，电场力一定做功，故机械能肯定不守恒，故D错误．12.【答案】D【解析】充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能，故A错误；该充电宝的容量为：q=20000 mA h=20000×10﹣3×3600 C=7.2×104C，该电池的电动势为5 V，所以充电宝储存的能量：E=E•q=5×7.2×104J =3.6×105J，故B错误；以2 A的电流为用电器供电，则供电时间t=电动势，故C错误；由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为：20000 mA h×0.6=12000 mA h，给容量为3000 mA h的手机充电的次数：n==4次，故D正确.13.【答案】C【解析】电场线疏密表示场强的大小，由图象知从左到右场强逐渐增大，电场力做功W=qU=qEd，ab=bc，所以Wab＜Wbc．故选：C.14.【答案】(1)BD　(2)　＝h(或d2＝2ght2)【解析】(1)根据实验原理可知，需要测量的是A点到光电门B的距离，故A错误，B正确.利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，但需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小铁球的直径，故C错误，D正确.(2)利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故v＝；根据机械能守恒的表达式有mgh＝mv2，可得＝h(或d2＝2ght2)，故只要验证＝h(或d2＝2ght2)即可.15.【答案】(1)底端切线沿水平方向(2)使小球每次都从同一高度处无初速度滚下(3)1.6【解析】(1)为了保证小球离开斜槽时的速度沿水平方向，应调整斜槽使底端切线沿水平方向.(2)为了保证小球每次做平抛运动的轨迹一致，要求它的初速度相同，故每次都让小球从斜槽的同一高度处无初速度滚下.(3)根据图乙给出的数据，可计算出v0＝1.6 m/s.16.【答案】　(1)0.5　(2)2.2 m，沿斜面向上【解析】　(1)由题图乙可知，0～2 s内物体的加速度a1＝＝4 m/s2根据牛顿第二定律，F－mg sinθ－F f＝ma1，F N＝mg cosθ，而F f＝μF N，代入数据解得μ＝0.5.(2)撤去F后，－mg sinθ－F f＝ma2，得a2＝－10 m/s2，设经过t2时间减速到0，根据运动学公式0＝v1＋a2t2，解得t2＝0.8 s在0.8 s内物体有向上运动的位移x20－v＝2a2x2，得x2＝3.2 m物体到最高点后向下运动，设加速度大小为a3，则mg sinθ－F f＝ma3，解得a3＝2 m/s2再经t3＝1 s物体发生位移x3，x3＝a3t＝1 m物体在撤去F后1.8 s内的位移x＝x2－x3代入数据解得x＝2.2 m，方向沿斜面向上．17.【答案】(1)m/s(2)3m/s(3)0<R≤1.08 m【解析】(1)小球开始时做平抛运动：v＝2gh，代入数据解得v y＝＝m/s＝3m/s，A点：tan 60°＝，得v x＝v0＝＝m/s＝m/s.(2)从水平抛出到C点的过程中，由动能定理得mg(h＋L1sinθ)－μmgL1cosθ－μmgL2＝mv－mv，代入数据解得v C＝3m/s.(3)小球刚好能过最高点时，重力提供向心力，则mg＝，mv＝2mgR1＋mv2，代入数据解得R1＝1.08 m。

【配套K12】[学习]浙江省磐安县第二中学2018-2019学年高二物理10月月考试题

磐安二中10月物理月考卷高二物理学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共13小题,每小题4.0分,共52分)1.下列所研究的物体，可看做质点的是（）A．天文学家研究地球的自转B．用GPS确定远洋海轮在大海中的位置C．教练员对百米运动员的起跑动作进行指导D．在伦敦奥运会比赛中，乒乓球冠军张继科准备接对手发出的旋转球2.做加速度方向不变大小可变的变速直线运动的物体，下述情况中不可能出现的是（）A．速度和位移均增大，加速度为零时，速度达到最大B．速度先减小后增大，速度变化越来越慢C．速度逐渐减小，位移逐渐增大，速度减为零时，位移不是零D．速度先增大、后减小，而位移一直在不断增大3.小文利用打点计时器研究甲和乙两个物体的运动，分别得到2条纸带．对每条纸带，均选择合适的点作为第一个计数点，再依次每5个点取1个计数点，并在各计数点处将其剪断，然后将这些剪断的纸条粘贴在相同的坐标纸上，最后将纸条上端中心连起来，如图甲、乙所示．由图可判断( )A．乙物体的加速度比甲大 B．两物体均做匀速直线运动C．打第三个计数点时，甲物体的速度比乙大 D．打第一个计数点时，物体的速度有可能为零4.如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心．则对圆弧面的压力最小的是( )A．a球 B．b球 C．c球 D．d球5.如图所示，两个质量都是m的小球A、B用轻杆连接后斜放在墙上处于平衡状态．已知墙面光滑，水平地面粗糙．现将A球向上移动一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力F N和A球受到墙壁对它的支持力F的变化情况是( )A．F N不变，F变大 B．F N不变，F变小 C．F N变大，F变大 D．F N变大，F变小6.2015年9月23日，在江苏省苏州市进行的全国田径锦标赛上高兴龙获得男子跳远冠军，在一次试跳中，他(可看成质点)水平距离达8 m，最高处高达 1 m.设他离开地面时的速度方向与水平面的夹角为α，若不计空气阻力，则tanα等于( )A． B． C． D． 17.引力波现在终于被人们用实验证实，爱因斯坦的预言成为科学真理.早在70年代就有科学家发现，高速转动的双星可能由于辐射引力波而使星体质量缓慢变小，观测到周期在缓慢减小，则该双星间的距离将( )A．变大 B．变小 C．不变 D．可能变大也可能变小8.如图所示，用长为L的细线，一端系于悬点A，另一端拴住一质量为m的小球，先将小球拉至水平位置并使细线绷直，在悬点A的正下方O点钉有一小钉子，今将小球由静止释放，要使小球能在竖直平面内做完整圆周运动，OA的最小距离是( )A． B． C．L D．L9.如图所示，P为固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆．带电粒子Q在P的电场中运动．运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点．若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为a a、a b、a c，速度大小分别为v a、v b、v c，则（）A．a a＞a b＞a c，v a＞v c＞v bB．a a＞a b＞a c，v b＞v c＞v aC．a b＞a c＞a a，v b＞v c＞v aD．a b＞a c＞a a，v a＞v c＞v b10.在图所示电路中，电源电动势为12 V，电源内阻为1.0 Ω，电路中的电阻R0为1.5 Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5 Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0.则以下判断中正确的是（）A．电动机的输出功率为14 W B．电动机两端的电压为7.0 V C．电动机产生的热功率4.0 W D．电源输出的电功率为24 W 11.一个带正电荷的小球从a点出发水平进入正交垂直的匀强电场和匀强磁场区域，电场方向竖直向上，某时刻小球运动到了b点，则下列说法正确的是（）A．从a到b，小球可能做匀速直线运动 B．从a到b，小球可能做匀加速直线运动C．从a到b，小球动能可能不变 D．从a到b，小球机械能可能不变12.智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置．充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60﹣0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）．如图为某一款移动充电宝，其参数见如表，下列说法正确的是（）A．充电宝充电时将电能转化为内能B．该充电宝最多能储存能量为3.6×l06JC．该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2 hD．该充电宝给电量为零、容量为3000 mAh的手机充电，则理论上能充满4次13.如图所示，电场中a、b、c三点，ab=bc，则把点电荷+q从a点经b移到c的过程中，电场力做功的大小关系有（）A．Wab＞Wbc B．Wab=Wbc C．Wab＜Wbc D．无法比较分卷II二、实验题(共2小题,每空3分,共18分)14.利用如图所示实验装置来验证机械能守恒定律.通过电磁铁控制的小铁球从A点自由下落，下落过程中小铁球经过光电门B时，毫秒计时器(图中未画出)记录下小铁球的挡光时间t.实验前调整光电门位置，使小铁球下落过程中，小铁球球心垂直细激光束通过光电门，当地重力加速度为g.(1)为了验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，还需要测量的物理量是________.A.A点距地面的高度HB.A、B之间的距离hC.小铁球从A到B的下落时间tABD.小铁球的直径d(2)小铁球通过光电门时的瞬时速度v＝____________；要验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，只需验证等式________是否成立即可(用实验中测得物理量的符号表示).15.如图甲是研究平抛运动的实验装置图，图乙是实验后在白纸上作的图.(1)固定斜槽轨道时应注意使________________________________________________.(2)实验过程中需经过多次释放小球才能描绘出小球平抛运动的轨迹，实验中应注意________________________________________________________________________.(3)根据图乙给出的数据，可计算出v0＝______ m/s.(g取9.8 m/s2)三、计算题(共2小题,16题14分,17题16分共30分)16.如图甲所示，倾角为θ＝37°的足够长斜面上，质量m＝1 kg的小物体在沿斜面向上的拉力F＝14 N作用下，由斜面底端从静止开始运动，2 s后撤去F，前2 s内物体运动的v-t图象如图乙所示．求：(取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)(1)小物体与斜面间的动摩擦因数；(2)撤去力F后1.8 s时间内小物体的位移．17.为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列设想：取一个与水平方向夹角为θ＝60°、长为L1＝2m 的倾斜轨道AB，通过微小圆弧与长为L2＝m的水平轨道BC相连，然后在C 处设计一个竖直完整的光滑圆轨道，出口为水平轨道上D处，如图所示.现将一个小球从距A 点高为h＝0.9 m的水平台面上以一定的初速度v0水平弹出，到A点时小球的速度方向恰沿AB方向，并沿倾斜轨道滑下.已知小球与AB和BC间的动摩擦因数均为μ＝，g取10 m/s2.(1)求小球初速度v0的大小；(2)求小球滑过C点时的速率v C；(3)要使小球刚好能过圆轨道的最高点，圆轨道的半径为多大？答案解析1.【答案】B【解析】研究地球的自转时，地球的大小和形状不能忽略，不能看作质点，故A错误；当研究海轮的位置时，海轮的大小和形状可以忽略，故能看做质点，故B正确；研究运动员的起跑动作，运动员的形状不能忽略，故不能看做质点，故C错误；研究乒乓球的旋转，需要看球的转动方向，而一个点无法研究转动方向，所以不能看做质点，故D错误．2.【答案】D【解析】当物体做加速度减小的变加速运动时，速度和位移均增大，当加速度减为零时，物体做匀速直线运动，速度达到最大，所以A是可能的；速度先与加速度反向，做减速运动，减到零后，再与加速度同向，做加速运动，在这个过程中，加速度逐渐减小，速度变化越来越慢．所以B是可能的．速度与加速度反向，做减速运动，但位移逐渐增大，当速度减到零时，位移不是零．所以C也是可能的．加速度方向不变时，当速度先增大，后减小时，速度方向先与加速度方向相同，后来速度反向，与加速度方向相反，物体的位移先增大后减小，不可能一直增大，故D不可能．3.【答案】A【解析】将纸条上端中心连起来，得到的直线是纸带的v－t图象，该图象斜率表示加速度，得乙物体的加速度比甲大，A正确；相等的时间间隔内位移增大，所以两物体均做加速直线运动，B错误；由图象知，相同的时间内，乙的位移大，所以打第三个计数点时，乙物体的速度比甲大，C错误；图象在纵轴上的截距不为零，所以打第一个计数点时，物体的速度不为零，D错误．4.【答案】A【解析】对c球受力分析如图，F1与F2的合力与重力大小相等、方向相反；支持力F2＝mg cosθ由a到d的过程中，夹角θ越来越小，则说明对圆弧面的压力越来越大，故对圆弧面的压力最小的是a球．5.【答案】B【解析】对整体进行受力分析，知F N＝2mg，移动两球后，仍然平衡，则F N仍然等于2mg，所以F N不变．再隔离对A进行受力分析，轻杆对A的作用力等于轻杆上受到的压力，设轻杆与竖直方向夹角为θ，轻杆对A球的作用力F＝，当A球向上移动一小段距离后，夹角θ减小，cosθ变大，所以F减小．故B正确，A、C、D错误.6.【答案】C【解析】从起点A到最高点B可看成平抛运动的逆过程，如图所示，运动员做平抛运动，初速度方向与水平方向夹角的正切值为tanα＝2tanβ＝2×＝2×＝，选项C正确.7.【答案】B【解析】8.【答案】D【解析】设小球做完整圆周运动时其轨道半径为R，小球刚好过最高点的条件为mg＝解得v0＝小球由静止释放到运动至圆周的最高点过程中，只有重力做功，因而机械能守恒，取初位置所在水平面为参考平面，由机械能守恒定律得0＝mv－mg(L－2R)解得R＝L所以OA的最小距离为L－R＝L，故D正确.9.【答案】D【解析】点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越小，场强越大，粒子受到的电场力越大，带电粒子的加速度越大，所以ab＞ac＞aa，根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在运动的过程中，一直受静电斥力作用，离电荷最近的位置，电场力对粒子做的负功越多，粒子的速度越小，所以va＞vc＞vb，所以D正确，A、B、C错误；故选：D．10.【答案】B【解析】电路中电流表的示数为2.0 A，所以电动机的电压为U=E﹣U内-=12 V﹣Ir﹣IR0=(12﹣2×1﹣2×1.5)V =7 V，所以B正确；电动机的总功率为P总=UI=7×2 W=14 W，电动机的发热功率为P热=I2R=22×0.5 W=2 W，所以电动机的输出功率为14 W﹣2 W=12 W，所以A、C错误；电源的输出的功率为P输出=EI﹣I2R=(12×2﹣22×1) W=20 W，所以D错误．11.【答案】C【解析】带电小球的初速度是水平的，从a运动到b点的过程中小球在竖直方向上发生位移，说明小球做的是曲线运动，所以小球受力不为零，即小球不可能做匀速直线运动，故A错误．从上分析可知小球做曲线运动，即变速运动，故小球受到磁场给的洛伦兹力也是变化的，故小球受到的合力是变力，所以小球不可能做匀加速直线运动，故B错误．当小球的重力和电场力平衡时，小球受到的洛伦兹力只改变小球的速度方向，小球的动能不变，故C正确．从a 到b，电场方向竖直向上，电场力一定做功，故机械能肯定不守恒，故D错误．12.【答案】D【解析】充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能，故A错误；该充电宝的容量为：q=20000 mA h=20000×10﹣3×3600 C=7.2×104C，该电池的电动势为5 V，所以充电宝储存的能量：E=E•q=5×7.2×104J =3.6×105J，故B错误；以 2 A的电流为用电器供电，则供电时间电动势t=，故C错误；由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为：20000 mA h×0.6=12000 mA h，给容量为3000 mA h的手机充电的次数：n==4次，故D正确.13.【答案】C【解析】电场线疏密表示场强的大小，由图象知从左到右场强逐渐增大，电场力做功W=qU=qEd，ab=bc，所以Wab＜Wbc．故选：C.14.【答案】(1)BD (2)＝h(或d2＝2ght2)【解析】(1)根据实验原理可知，需要测量的是A点到光电门B的距离，故A错误，B正确.利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，但需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小铁球的直径，故C错误，D正确.(2)利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故v＝；根据机械能守恒的表达式有mgh＝mv2，可得＝h(或d2＝2ght2)，故只要验证＝h(或d2＝2ght2)即可.15.【答案】(1)底端切线沿水平方向(2)使小球每次都从同一高度处无初速度滚下(3)1.6【解析】(1)为了保证小球离开斜槽时的速度沿水平方向，应调整斜槽使底端切线沿水平方向.(2)为了保证小球每次做平抛运动的轨迹一致，要求它的初速度相同，故每次都让小球从斜槽的同一高度处无初速度滚下.(3)根据图乙给出的数据，可计算出v0＝1.6 m/s.16.【答案】(1)0.5 (2)2.2 m，沿斜面向上【解析】(1)由题图乙可知，0～2 s内物体的加速度a1＝＝4 m/s2根据牛顿第二定律，F－mg sinθ－F f＝ma1，F N＝mg cosθ，而F f＝μF N，代入数据解得μ＝0.5.(2)撤去F后，－mg sinθ－F f＝ma2，得a2＝－10 m/s2，设经过t2时间减速到0，根据运动学公式0＝v1＋a2t2，解得t2＝0.8 s在0.8 s内物体有向上运动的位移x20－v＝2a2x2，得x2＝3.2 m物体到最高点后向下运动，设加速度大小为a3，则mg sinθ－F f＝ma3，解得a3＝2 m/s2再经t3＝1 s物体发生位移x3，x3＝a3t＝1 m物体在撤去F后1.8 s内的位移x＝x2－x3代入数据解得x＝2.2 m，方向沿斜面向上．17.【答案】(1)m/s(2)3m/s(3)0<R≤1.08 m【解析】(1)小球开始时做平抛运动：v＝2gh，代入数据解得v y＝＝m/s＝3m/s，A点：tan 60°＝，得v x＝v0＝＝m/s＝m/s.(2)从水平抛出到C点的过程中，由动能定理得mg(h＋L1sinθ)－μmgL1cosθ－μmgL2＝mv－mv，代入数据解得v C＝3m/s.(3)小球刚好能过最高点时，重力提供向心力，则mg＝，mv＝2mgR1＋mv2，代入数据解得R1＝1.08 m。