安徽省宁国中学高二物理上学期第一次段考试题(无答案)
高二物理第一学期第一次段考.doc
高二物理第一学期第一次段考试卷满分 100分 时间 120分钟 命题人：叶良虎 审核人：付强Ⅰ卷（选择题）一、选择题(共48分,每题4分)1、关于系统动量守恒正确的说法是： A ．只要系统所受的合外力的冲量为零，系统动量就守恒 B ．只要系统内有摩擦力，动量就不可能守恒C ．系统所受合外力不为零，其动量一定不守恒，但有可能在某一方向上守恒D ．各物体动量的增量的矢量和一定为零 2、从同一高度自由落下的玻璃杯,掉在水泥地上易碎,掉在软泥地上不易碎.这是因为:A.掉在水泥地上,玻璃杯的动量大.B.掉在水泥地上,玻璃杯的动量变化大.C.掉在水泥地上,玻璃杯受到的冲量大,且与水泥地的作用时间短,因而受到水泥地的作用力大.D. 掉在水泥地上,玻璃杯受到的冲量和掉在软泥地上一样大,但与水泥地的作用时间短,因而受到水泥地的作用力大.3、两个质量不同而初动量相同的物体,在水平地面上由于摩擦力的作用而停止运动.它们与地面的动摩擦因数相同,比较它们的滑行时间,则 A 、质量大的物体滑行时间长. B 、质量小的物体滑行时间长. C 、滑行时间相同. D 、条件不足,无法判断.4、质量为1kg 的小球以4m/s 的速度与质量为2kg 的静止小球正碰.关于碰后的速度'1V 和2V ',下面哪些是可能的A 、'1V =2V '=4m/s B 、'1V =-1m/S, 2V '=2.5m/s C 、'1V =1m/S, 2V '=3m/s D 、'1V =-4m/S, 2V '=4m/s5、两物体质量m a ＝2m b ，中间有一压缩弹簧，放在光滑的水平面上，现由静止同时放开后一小段时间内 A ．a 的速率是b 的一半 B ．a 的动量大 C ． a 的受力大 D ．系统总动量为零 6、弹簧振子的振幅增大为原来的2倍时,下列说法中正确是 A ．周期增大为原来的2倍 B ．周期减小原来的21C ．周期不变 .D ．无法判断7、 一列横波在某时刻的波形图如图中实线所示，经2×10-2s 后的波形如图中虚线所示。
高二物理上册第一学段考试题
高二物理上册第一学段考试题物理试卷命题人：曹 华 审题人：范承保一、选择题（本题共10小题，每小题4分,共40分。
在下列各题的选项中有一个或几个正确，全部选对得4分，选对但不全给2分，有选错的或不答的给0分。
） 1.以下有关电动势的说法正确的是（ ）A 、电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电量成反比B 、电动势的单位跟电压的单位一致，所以电动势就是两极间的电压C 、非静电力做的功越多，电动势就越大D 、E=w/q 只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的2．对于静电场，下列说法正确的是（ ） A ．电场强度为零的区域，电势也一定为零 B ．电场强度相同的区域，电势也一定相同C ．只受电场力作用，正电荷一定由高电势处向低电势处移动D ．负电荷逆着电场线方向移动，电荷的电势能一定减少3．真空中甲、乙两个固定的点电荷，相互作用力为F ，若甲的带电量变为原来的2倍，乙的带电量变为原来的8倍，要使它们的作用力仍为F ，则它们之间的距离变为原来的（ ） A ．2倍 B ．4倍 C ．8倍 D ．16倍 4. 两电阻R1、R2中的电流I 和电压U 的关系图线如图所示，可知两电阻的大小之比R1：R2等于（ ）A 、1：3B 、3：1C 、1：3D 、3：15.在静电场中，将一电子从A 点移到B 点，电场力做了正功，则（ ） A ． 电场强度的方向一定是由A 点指向B 点 B ． 电场强度的方向一定是由B 点指向A 点C ． 电子在A 点的电势能一定比在B 点高D ． 电子在B 点的电势能一定比在A 点高 6．一个带正电的质点，电荷量q ＝2.0×10－9C ，在静电场中由a 点移动到b 点。
在这过程中除电场力外，其它力做的功为6.0×10－5J ，质点的动能增加了8.0×10－5J ，则a 、b 两间的电势差U AB 为（ ）A ．1×104 VB ．－1×104 VC ．4×104 VD ．－7×104 V7.一带电粒子射入固定在O 点的点电荷的电场中，粒子轨迹如图虚线abc 所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，可以判断（ ） A ．粒子受到静电排斥力的作用 B ．粒子速度a b v v > C ．粒子动能kc ka E E = D ．粒子电势能pc pb E E <8. 两个电阻，R 1 = 8Ω，R 2 = 2Ω，并联在电路中。
高二物理上学期第一次段考试卷.doc
高二物理上学期第一次段考试卷物 理 试 卷（120分100分钟）出卷：杨贵和一、选择题（1～6单选，每题3分；7～11多选，每题4分）l ．关于电动势，下列说法不正确．．．的是 （ ） A ．电源两极间的电压等于电源电动势 B ．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大 C ．电源电动势的数值等于内、外电压之和 D ．电源电动势与外电路的组成无关2．当电子由A 不断运动到B 的过程中，如图1所示，小磁针如何运动：( )A ．不动B ．N 极向纸里，S 极向纸外旋转C ．向上运动D ．N 极向纸外，S 极向纸里旋转3．关于三个公式：①UI P =，②R I P 2=③P=U 2/R ，下列叙述正确的是（ ）A ．公式①适用于任何电路的电热功率B ．公式②适用于任何电路的电热功率C ．公式①、②、③适用于任何电路电功率D ．上述说法都不正确 4． 如图2所示，R1和R2都是“100Ω 4W ”的电阻，R3是“100Ω 1W ”的电阻，A 、B 两端允许输入的最大电功率是 （ ） A ．9W B ．3W C ．9W/8 D ．1.5W5．在如图所示的电路中，E 为电源电动势，r 为电源内阻，R 1和R 3均为定值电阻，R 2为滑动变阻器。
当R 2的滑动触点在a端时合上开关S ，此时三个电表A 1、A 2和V 的示数分别为I 1、I 2和U 。
现将R 2的滑动触点向b 端移动，则三个电表示数的变化情况是A ．I 1增大，I 2不变，U 增大B ．I 1减小，I 2增大，U 减小C ．I 1增大，I 2减小，U 增大D ．I 1减小，I 2不变，U 减小6．如图4所示为电视机显像管的偏转线圈的示意图．线圈中心Ｏ处的黑点表示电子枪射出的电子，它的方向由纸内垂直指向纸外．当偏转线圈中的电流方向如图所示时，电子束应（ ）A ．向左偏转B ．向上偏转C ．向下偏转D ．不偏转图2 图4以下为多选7．关于电流的下列说法中，正确的是 （ ） A ．电路中的电流越大，表示通过导体横截面的电量越多 B ．在相同时间内，通过导体截面的电量越多，导体中的电流就越大 C ．通电时间越长，电流越大 D ．导体中通过一定的电量所用时间越短，电流越大 8．如图中四个图所示是磁场对直线电流的作用，其中不正确．．．的是 ( ) 9．许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列表述正确的是( ) A ．卡文迪许测出静电力常量 B ．奥斯特发现了电流的磁效应C ．安培提出了磁场对运动电荷的作用力公式D ．库仑总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律10．在图65中虚线所围的区域内，存在电场强度为 E 的匀强电场和磁感应强度为B 的匀强磁场，已知从左方水平射入的电子，穿过这个区域时未发生偏转，设重力可以忽略不计，则在这区域中的E 和B 的方向可能是（ ）A ．E 和B 都沿水平方向，并与电子运动的方向相同 B ．E 和B 都沿水平方向，并与电子运动的方向相反C ．E 竖直向上，B 垂直纸面向外D ．竖直向上，B 垂直纸面向里11．在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V ，内阻不计，L 1、L 2、L 3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关闭合后，下列关于电路中的灯泡的判断中，正确的是 ( ) A ．灯泡L 1的电阻为12ΩB ．通过灯泡L 1的电流为灯泡L 2的电流的2倍C ．灯泡L 1消耗的电功率为0.75WD ．灯泡L 2消耗的电功率为0.30W图乙图甲图6高二物理上学期第一次段考试卷物 理 试 卷二、填充、实验题（本题共2小题，共22分．把答案填在题中的横线上。
高二物理上册第一次阶段考试试题4
高二物理上册第一次阶段考试试题高二物理一、选择题(每小题的四个答案中有一个或多个答案，选对得4分，漏选得2分，错选多选不得分，共48分)1、对于质量不变的同一物体，下述论断正确的是（A 、动能相等时，动量必然相等B 、动量相等时，动能必然相等C 、动能发生变化时，动量必有变化D 、动量发生变化时，动能必有变化2．关于简谐运动的下列说法中，正确的是：A 、位移减小时，加速度减小，速度增大B 、位移方向总跟加速度方向相反，跟速度方向相同C 、物体的运动方向指向平衡位置时，速度方向跟位移方向相反；背向平衡位置时，速度方向跟位移方向相同D 、水平弹簧振子朝左运动时，加速度方向跟速度方向相同，朝右运动时，加速度方向跟速度方向相反3、在北京走时准确的摆钟，移至北极，摆钟的周期如何变化？要使它恢复准确应怎样调节（ ）A 、变慢了，应增长摆长B 、变慢了，应缩短摆长C 、变快了，应增长摆长D 、变快了，应缩短摆4、质量为1kg 的物体做变速直线运动，它的速度－时间图像如图1所示，则该物体在前10s内与后10s 内两段时间，所受外力的冲量分别是（ ）A 、10s N ⋅， 10s N ⋅B 、10s N ⋅， －10s N ⋅C 、 0， 10s N ⋅D 、 0， －10s N ⋅ 5．如图2所示，为一弹簧振子在水平面做简谐运动的位移一时间图象，则此振动系统 ：A 、在t1和t3时刻具有相同的动能和速度B 、在t3和t4时刻振子具有相同的势能和速度C 、在t1和t4时刻振子具有相同的加速度D 、在t2和t5时刻振子所受回复力大小之比为2∶1翰林汇6、某消防队员从一平台上跳下,下落2m 后双脚触地,接着他用双腿弯屈的方法缓冲,使自身重心又下降了0.5m.在着地过程中地面对他双脚的平均作用力估计为( )A 、自身所受重力的2倍B 、自身所受重力的5倍C 、自身所受重力的8倍D 、自身所受重力的10倍7、一质量为10kg 的物体，以10m/s 的速度沿水平面直线运动，在仅受到一个恒力作用5s 后速度变为反方向5m/s ，以下说法正确的是（ ）A 、物体动量变化大小是50kg ·m/sB 、物体的动量变化大小是150kg ·m/s图 1 图2C 、5s 内，此恒力对物体的冲量大小是150N ·sD 、5s 内，合外力对物体的冲量大小是15N ·s 翰林汇8、图3中所示，是质量分别为m1和m2 两物体碰撞前后的位移-时间图像，由图可知（ ）A 、两物体的动量相等；B 、质量m 1大于质量m 2 ；C 、碰后两物体一起作匀速直线运动；D 、碰前两物体动量大小相等，方向相反.9、卡车在水平道路上行驶，货物随车厢底板上下振动而不脱离底板，设货物的振动为简谐运动，以向上的位移为正，其振动图象如图4所示。
高二物理上学期第一次阶段考试题
高二物理上学期第一次阶段考试题物 理 试 题一、选择题（本大题共14小题，每小题3分，共42分，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项正确，选对但不全的得2分）1、以下关于声波的叙述错误．．的是（ ） A 、声波是一种纵波 B 、 C 、声波从空气进入水中波长变小 D 、 2、一列横波沿水平方向传播，某一时刻的波形如图此时刻具有相同运动方向的是 （ ） A 、 a 和b B 、a 和cC 、 a 和dD 、b 和 d3可使衍射现象更不明显的是（ ）A 、增大小孔尺寸，同时增大水波频率BC 、减小小孔尺寸，同时增大水波频率D 4A 、 渐渐飘向湖心； B C 、在落下处上下振荡； D 5、下列关于波长的说法中，正确的是（ ）A 、一个周期内振动质点走过的路程；BC 、一个周期内振动形式所传播的距离；D 6、一艘固有频率为50Hz 的渔船，停泊天海岸边，海浪的传播速度为5m ／s A ．2s B ．C ．0.5s D ．7、如图2A ．C 、D 点始终不动 B ．A 点始终处于波峰处C ．再过半个周期A 点处于波谷处D ．A 点振动加强，B 点振动减弱8、图3所示为某一时刻简谐横波的图象，波的传播方向沿 x 轴正向，此时刻下列说法中正确的是（ ）A 、质点C 振幅为负值B 、质点B 、E 的速度相同；C 、质点C 、F 的加速度为零D 、质点D 正在做减速运动图2图 694所示自右向左传播，已知在t 1=0.7s 时P 点出现第二次波峰(0.7s 内P 点出现两次波峰)，Q 点的坐标是( 6，0)，以下判断正确的是（ ） A 、这列波的波速为10m/s ； B 、在t=0到t 1=0.7s 内， B 点运动路程35cm C 、在t=0.8s 时，Q 点第一次出现波峰； D 、在t=0.9s时，Q 点第一次出现波谷； 10、一列沿x 轴传播的简谐横波某时刻的波形图象如图5甲所示．若从此时刻开始计时，则图5乙表示a 、b 、c 、d 中哪个质点的振动图象 ( A ．若波沿x 轴正方向传播，则乙图为a 点振动的图象 B ．若波沿x 轴正方向传播，则乙图为b 点振动的图象C ．若波沿x 轴负方向传播，则乙图为c 点振动的图象D ．若波沿x 轴负方向传播，则乙图为d 点振动的图象11、如图6所示，两列简谐波分别沿x 两波源分别位于x =－2×10－1m 和x =12×10－1m 处，两列 波的波速均为v =0.4m/s ，两波源的振幅均为A =2cm 。
高二物理上册第一学段考试题
高二物理上册第一学段考试题命题人：朱小飞 审题人：刘莉敏一、单选题（每小题3分，共36分）在所给出的四个选项中，只有一个选项是正确的。
多选、错选的不得分。
1．下列各组属国际单位制的基本单位的是（ ） A ．千克、秒、安培 B ．牛顿、秒、伏特C ．千克、米、欧姆D ．牛顿、千克、特斯拉2．有A 、B 、C 三个带电小球，A 和B ，B 和C ，C 和A 都是相互吸引的，A 如果带正电，则（ ）A. B 、C 球都带负电B. B 球带负电，C 球带正电C. B ，C 球中至少有一个带负电，而另一个不带电D. B ，C 球都不带电 3．如下图所示各电场中A ，B 两点电场强度相等的是（ ）4．真空中有两个电荷，它们之间的静电力为F ，若保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大到原来的二倍，则它们之间作用力的大小等于 ( ) A.F B.2F C.F/2 D.F/4 5．如果在电场中某两点间移动电荷量为5×10-8C 的点电荷，电场力做功6×10-3J ，这两点间的电势差为：（ ） A. 1.2×105V B. 1.0×105V C. 3.0×10-11V D. 3.0×10-5V6.一只普通白炽灯，不通电时灯丝的电阻为R 1；正常发光时灯丝的电阻为R 2。
比较R 1和R 2的大小，应是：( )A.R 1＞R 2B.R 1＜R 2C.R 1＝R 2D.条件不足，无法判断7.在右图所示电路中，L 是并联在电阻R 2上的一段电阻忽略不计的导线，电路两端A 、B间的电压U 恒定，电键S 闭合。
那么应认为( )A.通过电阻R 1和R 2的电流相等B.通过电阻R 1和导线L 的电流相等C.R 1两端电压小于电路两端电压UD.如果断开电键S ，R 1两端电压将增大8.把一根粗细均匀、电阻为R 的导线从中点剪成两段，再把它们并联成一条导线，其电阻L B变为：（ ）A ．R /2B ．R/4 C.2R D ．4R9.由电阻定律，电阻率ρ=R ·S/ l 。
高二年级物理上学期段考试题
高二年级物理上学期段测试题及参考答案物理一、选择题〔每题4分,共60分.在每题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的给4分,选不全的给2分,选错或不选给0分〕1．做简谐运动的物体经过平衡位置时,具有相同的( )A、加速度B、位移C、回复力D、速度2．布朗运动揭示了( )A、液体分子在做有规那么运动B、液体分子在做无规那么运动C、液体分子之间有空隙D、液体的分子是很小的3．在一间与外界绝热〔即无热交换〕的房间里,有一台正在工作的电冰箱,假设把电冰箱的门敞开,那么房间内的温度将〔〕A、降温B、升温C、不变D、上述三种情况都有可能4．一列波从一种介质进入另一种介质时,以下说法正确的选项是( )A、波长和波速都不变B、只有波长发生变化C、波长和频率都变化D、频率保持不变5．在“用单摆测定重力加速度〞实验中,假设测得的重力加速度值偏大,其原因可能是〔〕A、测出的单摆的摆长偏大B、测出的单摆摆动周期偏小C、所用摆球质量偏大D、所用摆球质量偏小6．一艘渔船停泊在岸边,如果海浪的两个相邻波峰的距离是8 m,渔船摇晃的周期是0.8 s,那么海浪的速度大小为 ( )A、1O m／sB、8.8 m／sC、6.4 m／sD、0.1 m／s7．关于简谐运动,以下说法正确的选项是〔〕A、回复力总指向平衡位置B、加速度和速度的方向跟总跟位移的方向相反C、越接近平衡位置,加速度越小D、速度方向有时跟位移方向相同,有时相反8．有一固定电容器,其电容为C,所带的电荷量为Q.在充电的过程中发生的变化是( )A、Q增大B、Q减小C、C增大D、C减小9．电场中某区域的电场线分布如下图,在A、B、C、D四点中,电场强度最大的是( )A、A点B 、B 点C 、C 点D 、D 点10．真空中有两个点电荷,它们之间静电力的大小为F,如果保持它们的距离不变,将其中一个电荷的电荷量增大为原来的2倍,那么它们的静电力大小为 ( )A 、FB 、4FC 、2FD 、F/211.如下图为正电荷周围的电场线,M 、N 是同一电场线上的两点,假设E M 、E N 为这两点的场强大小,U M 、U N 为这两点的电势,那么( )A 、E M <E NB 、E M >E NC 、U M <U ND 、U M =U N12．如图为点电荷电场中的一条电场线,以下说法不正确的选项是 ( )A 、a 点的场强大于b 点的场强B 、a 点的电势大于b 点的电势C 、电荷在a 点受的电场力大于在b 点受的电场力D 、电荷在a 点的电势能大于在b 点的电势能13．空气压缩机在一次压缩过程中,活塞对空气做了3×105 J 的功,同时空气向外界放出1×105 J 的热量,在该过程中空气的内能增加了〔 〕A 、4×105 JB 、3×105 JC 、2×105 JD 、1×105 J14．如图是某时刻一列向左传播的正弦横波的图象, 该时刻质点P 的运动方向为〔 〕A 、向左B 、向右C 、向上D 、向下15．第二类永动机不可制成的原因：〔 〕A 、违背了能量的守恒定律B 、热量总是从高温的物体传递给低温的物体C 、机械能不能全部转化为内能D 、内能不能全部转化为机械能,同时不引起其他变化二、填空题〔每空4分,共40分〕16．把同一个弹簧振子从平衡位置分别拉开2cm 和5cm,松手后振子均做简谐运动,那么两次振动的振幅之比A 1：A 2＝ ；振动的周期之比T 1：T 2 .17．从分子动理论的观点看,温度是物体分子 的标志,容器中大量气体分子对器壁频繁碰撞时,就对器壁产生一个持续的均匀的压力,器壁单a b Oy x P v位面积上受到的压力就是气体的 .18．通常分子的直径的数量级是 m.油浮在水面上会造成环境污染．如果体积为lL(1L=10-3m 3)约油在水面上散开形成单分子油膜,估算油膜的面积为 m 219．电场线上每一点的 方向都跟这点的电场强度方向一致；如下图为电场中的一条电场线,A 点的场强 B 点的场强〔选填“一定大于〞或“可能大于〞〕,A 点的电势 B 点的电势, 〔选填“高于〞、“等于〞或“低于〞〕；如果电场线上一运动的电子只受电场力作用,且速度越来越小,那么该电子移动的方向是从 〔选填“A →B 〞或“B →A 〞〕.三、解做题〔共50分．解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,假设只有最后答案而无演算过程的不得分〕．20．〔12分〕一定量的气体,从外界吸收热量为3.7×105J,内能增加4.4×105J.是气体对外界做了功还是外界对气体做了功？做了多少功？21．〔12分〕两个彼此绝缘而又相互靠近的导体,都可看成一个电容器.现有一电容器的电容为1.5×105μF,把它的两个极板接在30V 的电源上,该电容器每个极板所带的电量为多少？.22．〔13分〕放在光滑水平面上的弹簧振子,质量为20g,假设在弹簧振子被拉到最A B大位移处并从静止释放时开始计时,在t1=0.2s时弹簧振子第一次通过平衡位置,此时速度为5m/s.求：〔！〕振子的振动周期T；〔2〕在t=1.2s时,弹簧振子的弹性势能.23．〔13分〕在某电场中,电荷量q=10-9C的点电荷在A点受到的电场力是2×10-6N,,在B点受到的电场力是3×10-6N,把此点荷由A点移到B点电场力做了2×10-4J的功,求：〔1〕A点电场强度的大小；〔2〕A、B两点的电势差.班级__________学号__________姓名____________参考答案 一． 选择题:(把正确答案序号填入下面对应空格内,每题4分共60分.)二．填空题(每空4分,共40分) 16． 2:5 , 1:1 ； 17． 平均动能 , 压强 ； 18． 10－10 , 107 ； 19． 切线 , 可能大于 , 高于 , A →B ； 三．计算题(写出必要的文字说明,公式和步骤,只写最后结果不得分) 20. 〔12分〕解：△Q=3.7×105J>0 ,△U=4.4×105J>0. 根据 △U=△Q+W ----------------- 4分 W =△U －△Q = 4.4×105J －3.7×105J = 0.7×105J ------------ 4分 ∵W>0 ---------------------------------------------2分 ∴外界对气体做功 ----------------------------2分 21．〔12分〕解：根据C = Q/U ----------------------------------4分 得,Q = CU -----------------------------------4分 = 1.5×105μF ×30V ------------1分 ×10-1F ×30V -------------2分 22．〔13分〕解：〔1〕∵ t 1 = T/4 -----------------------------------2分 ∴ T = 4t 1 = 4×0.2s =0.8s ------------4分 〔2〕在t = 1.2s 时,弹簧振子的弹性势能最大,根据能量的转化与守恒定律得,Epm = Ekm --------------2分 ∴此时弹簧振子的弹性势能等于振子通过平衡位置时的动能,即 2/2 ------------------------2分 = 20×10-3×52/2 J -------------------2分 = 0.25J -----------------------------1分 23．〔13分〕解：〔1〕根据F = Eq 得, A 点的电场强度的大小 E A = F A /q ------------------4分 = 2×10-6/10-9 ----------2分 = 2×103N/C -------1分 〔2〕根据 W = qU 得, 、B 两点的电势差 U AB = W/q ----------------4分×10-4/10-9=2×105V ----2分。
高二物理上学期第一次段考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
贵州省毕节地区威宁县二塘中学2014-2015学年高二上学期第一次段考物理试卷一、单项选择题〔本大题16小题，每一小题3分，共48分，在第小题列出的四个备选项中只有一项符合题目要求，错选、多项选择或未选均不得分．〕1．一个小球从距地面4m高处落下，被地面弹回，在距离地面1m高处被接住，坐标原点定在抛出点正下方2m处，向下方向为坐标轴的正方向，如此小球的抛出点、落地点、接住点的位置坐标分别是( )A．2m，﹣2m，﹣1m B．﹣2m，2m，1m C．4m，0，1m D．﹣4m，0，﹣1m2．关于物体运动的下述说法中正确的答案是( )A．物体运动的速度不变，在相等时间内位移一样，通过路程相等B．物体运动的速度大小不变，在相等时间内位移一样，通过路程相等C．匀速运动的物体的速度方向不变，速度方向不变的运动是匀速运动D．在相等的时间内通过的路程相等，如此此运动一定是匀速直线运动3．一辆汽车以速度v行驶了的路程，接着以20km/h的速度跑完了余下的路程，假设全程的平均速度是28km/h，如此v是( )A．24km/h B．35km/h C．36km/h D．48km/h4．如下列图为一条打点计时器正常工作时打出的纸带，其中A、B、C、D、E为计时器连续打下的五个点，且打点计时器每打一个点所用的时间为T．为求得计时器打点C时纸带的速度，如此如下算式中最合理的是( )A．B．C．D．5．如下列图为某一物体做直线运动的v﹣t图象，用v1、a1表示物体在0～t1时间内的速度和加速度，v2、a2表示物体在 t1﹣t2时间内的速度和加速度，如此由图可知( )A．v1与v2方向一样，a1与a2方向一样，a1＞a2B．v1与v2方向一样，a1与a2方向相反，a1＜a2C．v1与v2方向相反，a1与a2方向一样，a1＞a2D．v1与v2方向相反，a1与a2方向相反，a1＜a26．一物体从H高处自由下落，经时间t落地，如此当它下落时，离地的高度为( ) A．B．C．D．7．汽车遇紧急情况刹车，经1.5s停止，刹车距离为9m．假设汽车刹车后做匀减速直线运动，如此汽车停止前最后1s的位移是( )A．4.5m B．4m C．3m D．2m8．玩具汽车停在模型桥面上，如下列图，如下说法正确的答案是( )A．桥面受向下的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变B．汽车没有发生形变，所以汽车不受弹力C．汽车受向上的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变D．汽车受向上的弹力，是因为汽车发生了形变9．关于静摩擦力的说法，如下正确的答案是( )A．静摩擦力的方向是于物体的相对运动趋势方向相反B．静摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反C．静摩擦力的大小可以用公式f=μN直接计算D．正压力越大，静摩擦力越大10．伽利略的理想斜面实验说明( )A．一切物体都具有惯性B．亚里士多德的运动和力的关系是错误的C．力是维持物体运动的原因D．力是改变物体运动状态的原因11．如下列图，一物块位于光滑水平桌面上，用一大小为F、方向如下列图的力去推它，使它以加速度a右运动．假设保持力的方向不变而增大力的大小，如此( )A．a变大B．不变C．a变小D．因为物块的质量未知，故不能确定a变化的趋势12．由牛顿第二定律F=ma可知，无论怎样小的力都可以使物体产生加速度，可是当用很小的力去推很重的桌子时，却推不动，这是因为( )A．牛顿第二定律不适用于静止的物体B．桌子加速度很小，速度增量也很小，眼睛观察不到C．推力小于桌子所受到的静摩擦力，加速度为负值D．桌子所受的合力为零，加速度为零13．A、B两物体以一样的初速度滑到同一粗糙水平面上，假设两物体的质量m A＞m B，两物体与粗糙水平面间的滑动摩擦因数一样，如此两物体能滑行的最大距离s A与s B相比( ) A．s A=s B B．s A＞s B C．s A＜s B D．不能确定14．认真观察漫画，关于拔河比赛中瘦子轻松战胜胖子的原因分析，正确的答案是( )A．瘦子力气比胖子大B．瘦子与地面间的摩擦力比胖子与地面间的摩擦力大C．瘦子对绳的拉力比胖子对绳的拉力大D．瘦子与地面的正压力比胖子与地面的正压力大15．如下列图为静电场的一局部电场线的分布，如下说法正确的答案是( )A．这个电场可能是负点电荷的电场B．这个电场可能是匀强电场C．点电荷q在A点时受到的电场力比在B点时受到的电场力大D．负电荷在B点时受到的电场力的方向沿B点切线BP方向16．如下列图，垂直纸面向外的直线电流周围的磁场，其磁感线分布和方向哪个是正确的( )A．B． C．D．二、双项选择题〔本大题6小题，每一小题4分，共24分，在第小题列出的四个备选项中只有两个选项符合题目要求，全部选对得4分，只选对一个得2分，有错选、多项选择或未选均不得分．〕17．关于质点，如下说法中正确的答案是( )A．质点是一个理想化模型，实际上不存在B．因为质点没有大小，所以与几何中的点是一样的C．但凡小的物体，皆可以看成质点；但凡大的物体，皆不能看成质点D．如果物体的形状和大小对于所研究的问题属于无关或次要因素时，即可把物体看成质点18．根据打点计时器打出的纸带，我们可以不利用公式计算就能直接得到或直接测量得到的物理量是( )A．时间间隔B．位移C．平均速度D．瞬时速度19．甲、乙两球从同一高度相隔1秒先后自由落下，在下落过程中( ) A．两球的距离始终不变 B．两球的距离越来越大C．两球的速度差始终不变D．两球的速度差越来越大20．关于牛顿第二定律，如下说法中正确的答案是( )A．加速度和力是瞬时对应关系，即加速度与力是同时产生、同时变化、同时消失B．物体只有受到力作用时，才有加速度，一定有速度C．任何情况下，加速度的方向总与合外力方向一样，与速度的方向也一定一样D．当物体受到几个力作用时，可把物体的加速度看成是各个力单独作用时产生的各个加速度的合成21．如下列图，A、B两绝缘导体相互接触，原来不带电．用一带负电绝缘球C靠近A端〔不接触〕，如下说法正确的答案是( )A．不移开C时，A端带正电，B端带负电B．不移开C，让A、B分开，A端带正电，B端带负电C．先移开C，然后让A、B分开，A端带正电，B端带负电D．A、B上的电荷的数值一定不相等22．一根通电导线在某个空间没有受到安培力，那么( )A．这个空间一定没有磁场B．可能有磁场，且磁场方向与导线垂直C．可能有磁场，且磁场方向可能与导线中电流方向一样D．可能有磁场，且磁场方向可能与导线中电流方向相反三、实验题〔每空4分，共8分．〕23．在用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度的实验中，得到如下列图的一条纸带，从比拟清晰的点开始起，每5个打印点取一个计数点，分别标上0、1、2、3、4…量得0与1两点间的距离s1=30mm，3与4两点间的距离s4=48mm，如此小车在0与1两点间平均速度为__________，小车的加速度为__________．四、计算题24．由静止开始做匀加速直线运动的汽车，第1s内通过0.4m位移，求：〔1〕汽车在第1s末的速度为多大？〔2〕汽车在第2s内通过的位移为多大？25．一个滑雪者从静止开始沿山坡滑下，山坡的倾角θ=30°，滑雪板与雪地的动摩擦因数是0.04〔g取10m/s2〕，求：〔1〕滑雪者加速度的大小．〔2〕滑雪者5s内滑下的路程．〔3〕滑雪者5s末速度的大小．26．一列火车从静止开始做匀加速直线运动，有一人站在站台上从第一节车厢的前端观察．第一节车厢通过他历时2s，全部车厢通过他历时6s．试求：〔1〕这列火车共有几节车厢？〔2〕最后2s内有几节车厢通过他？〔3〕最后一节车厢通过他需多少时间？贵州省毕节地区威宁县二塘中学2014-2015学年高二上学期第一次段考物理试卷一、单项选择题〔本大题16小题，每一小题3分，共48分，在第小题列出的四个备选项中只有一项符合题目要求，错选、多项选择或未选均不得分．〕1．一个小球从距地面4m高处落下，被地面弹回，在距离地面1m高处被接住，坐标原点定在抛出点正下方2m处，向下方向为坐标轴的正方向，如此小球的抛出点、落地点、接住点的位置坐标分别是( )A．2m，﹣2m，﹣1m B．﹣2m，2m，1m C．4m，0，1m D．﹣4m，0，﹣1m考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：建立直线坐标系，根据小球的运动的情况，分别确定小球的位置坐标即可．解答：解：坐标原点定在抛出点正下方2m处，向下方向为坐标轴的正方向，小球从距地面4m高处开始下落的，在坐标原点的上方，所以抛出点的位置坐标是﹣2m；小球落到地面上，此时距离坐标原点为2m，所以落地点的位置坐标是2m；小球在距离地面1m高处被接住，此时的小球在坐标原点的下方1m处，所以接住点的位置坐标是1m；所以B正确．应当选B．点评：此题考查的就是学生对于直线坐标系的理解，结合数学上的数轴来理解，就可以轻松解决此题．2．关于物体运动的下述说法中正确的答案是( )A．物体运动的速度不变，在相等时间内位移一样，通过路程相等B．物体运动的速度大小不变，在相等时间内位移一样，通过路程相等C．匀速运动的物体的速度方向不变，速度方向不变的运动是匀速运动D．在相等的时间内通过的路程相等，如此此运动一定是匀速直线运动考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：速度是描述物体运动快慢的物理量，速度是矢量有大小也有方向，匀速运动是速度不变的运动，物体只有做单向直线运动时物体的路程等于位移的大小．解答：解：A、运动速度不变的运动是匀速直线运动，所以物体在相等的时间内通过的位移相等，匀速直线运动满足单向直线运动，所以此时路程等于位移的大小，故A正确；B、速度是矢量，速度大小不变方向变化，故物体在相等的时间内通过的位移不一定相等，而通过的路程相等，故B错误；C、匀速运动是指物体的速度大小和方向都不变化的运动，当物体速度方向不变时，如果速度大小发生变化如此此运动不是匀速运动，故C错误；D、匀速圆周运动的物体在相等的时间内通过的路程相等，此运动不是匀速直线运动，故D 错误．应当选：A．点评：掌握速度的矢量性，知道匀速运动是指速度的大小和方向都不变的运动，掌握根本概念是正确解题的关键．3．一辆汽车以速度v行驶了的路程，接着以20km/h的速度跑完了余下的路程，假设全程的平均速度是28km/h，如此v是( )A．24km/h B．35km/h C．36km/h D．48km/h考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：设全程的位移大小为3x，根据t=分别求出前后两段运动的时间表达式，再得到全程平均速度的表达式，求出v．解答：解：设全程的位移大小为3x，由题得到全程的平均速度=，又t1=， t2=得到==代入解得 v=35km/h应当选B．点评：此题考查对平均速度的理解和应用能力，常规题，关键抓住平均速度的定义列式．4．如下列图为一条打点计时器正常工作时打出的纸带，其中A、B、C、D、E为计时器连续打下的五个点，且打点计时器每打一个点所用的时间为T．为求得计时器打点C时纸带的速度，如此如下算式中最合理的是( )A．B．C．D．考点：用打点计时器测速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：纸带实验中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．解答：解：为求打某点时的瞬时速度，利用的是对平均速度取极限的思想方法，故为求打点C时纸带的速度，可以在C点两侧各取一点，使这两点间所对应的时间间隔尽量最短．由题中图可知，所取的两点应为点B和D，如此B、D之间的平均速度v BD=，即为所求，故B正确，ACD错误；应当选：B．点评：考查求瞬时速度的方法，注意在做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度．5．如下列图为某一物体做直线运动的v﹣t图象，用v1、a1表示物体在0～t1时间内的速度和加速度，v2、a2表示物体在 t1﹣t2时间内的速度和加速度，如此由图可知( )A．v1与v2方向一样，a1与a2方向一样，a1＞a2B．v1与v2方向一样，a1与a2方向相反， a1＜a2C．v1与v2方向相反，a1与a2方向一样，a1＞a2D．v1与v2方向相反，a1与a2方向相反，a1＜a2考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度的正负，分析速度的方向关系．根据图象的斜率正负分析加速度的方向关系．解答：解：由图看出，在0～t2时间内物体的速度均为正值，说明速度方向没有变化，如此v1与v2方向一样．在0～t1时间内图线的斜率是正值，如此加速度a1为正值，在t1～t2时间内图线的斜率为负值，加速度a1与为负值，如此a1与a2方向相反，且0～t1时间内图象的斜率小于t1﹣t2时间内图象的斜率，如此有a1＜a2，故B正确．应当选：B点评：此题考查根本读图能力，由速度图象直接读出速度的方向、加速度的方向，并能分析物体的运动情况．6．一物体从H高处自由下落，经时间t落地，如此当它下落时，离地的高度为( ) A．B．C．D．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式分析即可．解答：解：物体从H高处自由下落，经时间t落地，根据位移时间关系公式，有：H=经过时间，有：h=故h=离地高度为H﹣h=应当选：C．点评：此题关键是明确物体的运动规律，然后自由落体运动的位移时间关系公式列式求解，根底题．7．汽车遇紧急情况刹车，经1.5s停止，刹车距离为9m．假设汽车刹车后做匀减速直线运动，如此汽车停止前最后1s的位移是( )A．4.5m B．4m C．3m D．2m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式求出刹车的加速度大小，运用逆向思维，根据位移时间公式求出汽车停止前最后1s内的位移．解答：解：根据得，刹车的加速度大小．如此汽车停止前最后1s内的位移．故B正确，A、C、D错误．应当选：B．点评：求解汽车最后1s内的位移时，采用逆向思维解决比拟方便，只需结合位移时间公式即可求解．8．玩具汽车停在模型桥面上，如下列图，如下说法正确的答案是( )A．桥面受向下的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变B．汽车没有发生形变，所以汽车不受弹力C．汽车受向上的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变D．汽车受向上的弹力，是因为汽车发生了形变考点：物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．专题：受力分析方法专题．分析：弹性形变指物体形变之后撤去外力能完全恢复原来形状的形变．物体发生形变才能产生弹力．弹力存在的条件是：接触并相互挤压．解答：解：弹性形变指物体形变之后撤去外力能完全恢复原来形状的形变AB、模型桥受到向下的弹力，是因为汽车发生了弹性形变，故A错误，B也错误．C、汽车受到向上的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变，故C正确，D错误．应当选：C．点评：此题重点是知道弹力存在的条件：接触且相互挤压，二者缺一不可，注意区别谁受到弹力，又是谁发生弹性形变的．9．关于静摩擦力的说法，如下正确的答案是( )A．静摩擦力的方向是于物体的相对运动趋势方向相反B．静摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反C．静摩擦力的大小可以用公式f=μN直接计算D．正压力越大，静摩擦力越大考点：静摩擦力和最大静摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：静摩擦力的方向总是与物体的相对运动趋势方向相反．受静摩擦力的物体受力平衡，根据物体的运动状态求解静摩擦力，与正压力无关．解答：解：A、静摩擦力的方向总是与物体的相对运动趋势方向相反．故A正确，B错误；C、受静摩擦力的物体受力平衡，根据物体的运动状态求解静摩擦力，不能根据公式f=μN直接计算．故C错误．D、受静摩擦力的物体受力平衡，根据物体的运动状态求解静摩擦力，与正压力无关．故D错误．应当选：A．点评：静摩擦力方向特点是：静摩擦力的方向与物体的相对运动趋势方向相反，计算时根据物体的运动状态求解静摩擦力，与正压力无关．10．伽利略的理想斜面实验说明( )A．一切物体都具有惯性B．亚里士多德的运动和力的关系是错误的C．力是维持物体运动的原因D．力是改变物体运动状态的原因考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．分析：理想斜面实验：在轨道的一边释放一颗钢珠，如果忽略摩擦力带来的影响，我们发现钢珠从左边滚下后，再从右边的斜面滚上，钢珠将上升到与左边释放高度一样的点；假设将右边的倾斜角减小，钢珠还是上升到原来的高度，但通过的路程比原来更长；假设右边的轨道为水平，钢珠想要达到原来的高度，但是钢珠无法达到原来的高度，钢珠将永远运动下去．解答：解：A、理想斜面实验只能说明钢球具有惯性，推广到一切物体的是牛顿，故A错误；B、伽利略通过“理想斜面实验〞和科学推理，得出的结论是：力不是维持物体运动的原因，而是改变运动状态的原因，从而纠正了亚里士多德的运动和力的关系，故B正确；C、伽利略通过“理想斜面实验〞和科学推理，得出的结论是：力不是维持物体运动的原因，故C错误；D、伽利略通过“理想斜面实验〞和科学推理，得出的结论是：力不是维持物体运动的原因，而是改变运动状态的原因，故D正确；应当选：BD点评：伽利略斜面实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法：在实验的根底上，进展理想化推理〔也称作理想化实验〕，它标志着物理学的真正开端．11．如下列图，一物块位于光滑水平桌面上，用一大小为F、方向如下列图的力去推它，使它以加速度a右运动．假设保持力的方向不变而增大力的大小，如此( )A．a变大B．不变C．a变小D．因为物块的质量未知，故不能确定a变化的趋势考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：计算题．分析：对物体受力分析，求出合力，再根据牛顿第二定律求出加速度的表达式进展讨论．解答：解：对物体受力分析，受推力F，重力G和支持力N，由于桌面光滑，没有摩擦力，将推力沿水平方向和竖直方向正交分解，故合力等于推力的水平分量，即F合=Fcosθ〔θ为力F与水平方向的夹角〕故加速度为a==故F越大，加速度a越大；应当选A．点评：此题关键对物体受力分析后求出合力，再进一步得到加速度的表达式进展讨论．12．由牛顿第二定律F=ma可知，无论怎样小的力都可以使物体产生加速度，可是当用很小的力去推很重的桌子时，却推不动，这是因为( )A．牛顿第二定律不适用于静止的物体B．桌子加速度很小，速度增量也很小，眼睛观察不到C．推力小于桌子所受到的静摩擦力，加速度为负值D．桌子所受的合力为零，加速度为零考点：加速度与力、质量的关系式．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：从牛顿第二定律知道，加速度的大小与合力大小成正比．当我们用一个很小的水平力去推很重的桌子时，水平推力不大于桌子的最大静摩擦力，推不动桌子，桌子的合力为零，由牛顿第二定律可知加速度为零．解答：解：A、静止物体，加速度为零，合力为零，牛顿第二定律同样适用于静止物体．故A错误．B、根据a=可知，物体合力为零，加速度为零，而不是加速度很小，眼睛不易觉察到，故B错误．C、推力等于摩擦力，加速度为零，故C错误；D、由于水平推力不大于桌子的最大静摩擦力，推不动桌子，桌子的合力等于零，由牛顿第二定律可知，加速度等于零，故D正确．应当选：D点评：此题考查对牛顿第二定律的理解能力，要注意当物体受多力作用时，公式中F是指合力，而不是其中某一个力．13．A、B两物体以一样的初速度滑到同一粗糙水平面上，假设两物体的质量m A＞m B，两物体与粗糙水平面间的滑动摩擦因数一样，如此两物体能滑行的最大距离s A与s B相比( ) A．s A=s B B．s A＞s B C．s A＜s B D．不能确定考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：根据动能定理求解两者所能滑行的距离s A和s B之比．解答：解：根据动能定理得对A：﹣μm A gs A=0﹣①对B：﹣μm B gs B=0﹣②由①：②得s A：s B=1：1应当选：A点评：此题涉与力在空间的效应可优先考虑运用动能定理，涉与力在时间的效应优先考虑动量定理，也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．14．认真观察漫画，关于拔河比赛中瘦子轻松战胜胖子的原因分析，正确的答案是( )A．瘦子力气比胖子大B．瘦子与地面间的摩擦力比胖子与地面间的摩擦力大C．瘦子对绳的拉力比胖子对绳的拉力大D．瘦子与地面的正压力比胖子与地面的正压力大考点：滑动摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，从而即可求解．解答：解：瘦子轻松战胜胖子，是因为瘦子受到的最大静摩擦力大于胖子的最大静摩擦力，而瘦子拉胖子的力等于胖子拉瘦子的力，两人为相互作用，故相互作用力大小相等，方向相反，故B正确，ACD错误．应当选：B．点评：注意牛顿第三定律的应用，知道作用力与反作用力总是大小相等，方向相反．15．如下列图为静电场的一局部电场线的分布，如下说法正确的答案是( )A．这个电场可能是负点电荷的电场B．这个电场可能是匀强电场C．点电荷q在A点时受到的电场力比在B点时受到的电场力大D．负电荷在B点时受到的电场力的方向沿B点切线BP方向考点：电场线．分析：电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．电场力F=qE，同一电荷在场强越大的地方，所受的电场力越大．解答：解：A、负点电荷的电场线是自四周无限远处从不同方向指向负点电荷的直线，而题图中的电场线是曲线，故A错误；B、由于匀强电场的电场强度处处一样，它的电场线应该是处处疏密均匀且互相平行的直线，故B错误；C、因为电场线越密的地方电场强度越大，结合题图可得E A＞E B，又由F=qE得F A＞F B，故C 正确；D、因为B点的电场强度方向是题图中的BP方向并不是BQ方向，而负电荷在B点受到的电场力的方向沿BQ方向〔与电场强度方向相反〕，故D错误．应当选：C点评：此题关键要理解并掌握点电荷、匀强电场的电场线的分布情况，理解电场线的物理意义，就能轻松选择．16．如下列图，垂直纸面向外的直线电流周围的磁场，其磁感线分布和方向哪个是正确的( )A．B． C．D．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感线与用磁感线描述磁场．分析：通电导线的磁场由右手螺旋定如此进展分析，注意四指和大拇指指向与意义．解答：解：根据安培定如此可以确定方向向外的直线电流产生的磁场的磁感线为逆时针方向，由于距离导线越远，磁场越弱；垂直纸面向里的磁场方向为顺时针；故A图正确．。
高二物理上学期第一次段考试题 文(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年安徽省合肥市剑桥学校高二〔上〕第一次段考物理试卷〔文〕一、选择题〔每题只有一个选项正确，每一小题4分，共60分〕1．如下单位属于国际单位制中根本单位的是〔〕A．牛顿 B．焦耳 C．米D．米/秒2．如下物理量属于矢量的是〔〕A．电场强度 B．质量 C．温度 D．时间3．如下四幅图中能正确描绘点电荷电场中电场线的是〔〕A．B．C．D．4．雷雨天气，应谨防雷电．下面哪些做法是正确的？〔〕A．雷雨天气外出时，可以在孤立的高大建筑物和大树下避雨B．雷雨天气外出时，在空地上应立即蹲下，以免成为雷电的袭击目标C．雷雨天气外出时，可以在户外打手机D．在室内，如果听到打雷，应马上关好门窗，以防雷电进屋5．用被丝绸摩擦过的玻璃棒和用毛皮摩擦过的橡胶棒，都能吸引轻小物体，这是因为〔〕A．被摩擦过的玻璃棒和橡胶棒一定带上了电荷B．被摩擦过的玻璃棒和橡胶棒一定带上了同种电荷C．被吸引的轻小物体一定是带电体D．被吸引的轻小物体一定不是带电体6．某匀强电场的电场线分布如下列图，A、B是电场中的两点，A、B两点的电场强度的大小分别为E A、E B，如此E A、E B的大小关系是〔〕A．E A＞E B B．E A＜E B C．E A=E B D．无法确定7．如下列图，绝缘的细线上端固定，下端悬挂一个轻质小球a，a的外表镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图，现使b带电如此〔〕A．a、b间不发生相互作用B．b将吸引a，吸住后不放开C．b立即把a排斥开D．b先吸引a，接触后又把a排斥开8．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，假设它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的，它们之间的相互作用力变为〔〕A．B．F C．4F D．16F9．关于点电荷的说法，正确的答案是〔〕A．只有体积很小的电荷，才能作为点电荷B．体积很大的电荷，一定不能作为点电荷C．点电荷一定是带电量很小的电荷D．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理10．库仑定律的适用范围是〔〕A．真空中两个带电球体间的相互作用B．真空中任意带电体间的相互作用C．真空中两个静止的点电荷间的相互作用D．真空中两个带电体的大小等于它们之间的距离，如此可应用库仑定律11．A、B两个点电荷间的距离恒定，当其它电荷移到A、B附近时，A、B间的库仑力将〔〕A．可能变大 B．可能变小 C．一定不变 D．不能确定12．将不带电的导体A和带有负电荷的导体B接触后，在导体A中的质子数将〔〕A．增加 B．减少 C．不变 D．先增加后减少13．一个电容器的规格为“50V，10μF〞，对以上数据与相关问题的理解有以下说法，你认为正确的答案是〔〕A．这个电容器只有加上50V电压时，电容才是10μFB．这个电容器的电容最大值是10μF，当带电量较少时，电容小于10μFC．这个电容器假设不带电，如此电容为零D．这个电容器的电容为10μF，与电容器所加电压和所带电量大小无关14．两个点电荷相距为d，相互作用力大小为F；保持两点电荷电荷量不变，改变它们之间的距离，使之相互作用力大小变为4F，如此两点电荷之间的距离应变为〔〕A．4d B．2d C．D．15．A、B、C三个塑料小球，A和B，B和C，C和A间都是相互吸引，如果A带正电如此〔〕A．B、C球均带负电B．B球带负电，C球带正电C．B、C球中必有一个带负电，而另一个不带电D．B、C球都不带电二、填空：〔第19题每空2分，其余每空1分，共20分〕16．只要导体两端存在，导体中的自由电子就在力的作用下，作定向移动．移动的方向与导体中电流的方向．17．自然界中存在两种电荷，即电荷和电荷，电荷间的作用规律是．18．在一个系统的内部，电荷可以从一个物体到另一个物体．但是，在这个过程中系统总的是不改变的．这个规律，称为定律．19．两个点电荷甲和乙同处于真空中．〔1〕甲的电量是乙的4倍，如此甲对乙的作用力是乙对甲的作用力的倍．〔2〕假设把每个电荷的电量都增加为原来的2倍，那么它们之间的相互作用力变为原来的倍；〔3〕保持原电荷电量不变，将距离增为原来的3倍，那么它们之间的相互作用力变为原来的倍．20．如图为某电场的局部电场线．由图可知A、B两点的场强大小E A E B〔选填“＞〞、“＜〞或“=〞〕．21．电容的单位是，电容的影响因素有．三、计算与简答题〔每一小题10分，共20分．〕22．〔10分〕〔2015秋•合肥校级月考〕在某一电场中的A点放入一个带电荷量为Q=﹣4.0C的负电荷，所受电场力大小为F=16N，方向水平向左．求A点的电场强度大小与方向．23．〔10分〕〔2015秋•合肥校级月考〕真空中有两个点电荷Q1、Q2，相距16cm，Q1是负电荷，其电量为3.2×10﹣12C，他们之间的引力大小为F=2.0×10﹣12N，求Q2的电量与带电性质．2015-2016学年安徽省合肥市剑桥学校高二〔上〕第一次段考物理试卷〔文〕参考答案与试题解析一、选择题〔每题只有一个选项正确，每一小题4分，共60分〕1．如下单位属于国际单位制中根本单位的是〔〕A．牛顿 B．焦耳 C．米D．米/秒考点：力学单位制．分析：国际单位制规定了七个根本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们在国际单位制中的单位称为根本单位，由物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．解答：解：A、牛顿是力的单位，是根据牛顿第二定律F=ma推导出来的，是导出单位，故A 错误．B、焦耳是功的单位，是根据功的公式W=Fl推导出来的，是导出单位，故B错误．C、米是长度的单位，是国际单位制中根本单位．故C正确．D、米/秒是速度的单位，是根据速度的公式v=推导出来的，是导出单位，故D错误．应当选C．点评：国际单位制规定了七个根本物理量，这七个根本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．2．如下物理量属于矢量的是〔〕A．电场强度 B．质量 C．温度 D．时间考点：矢量和标量．分析：既有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定如此的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、电场强度等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量．解答：解：A、矢量是既有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定如此的物理量，电场强度是矢量，故A正确．B、C、D、只有大小，没有方向的物理量是标量，质量、温度和时间都是标量，故BCD错误．应当选：A．点评：此题是一个根底题目，就是看学生对矢量和标量的掌握．知道矢量的运算要使用平行四边形定如此．3．如下四幅图中能正确描绘点电荷电场中电场线的是〔〕A．B．C．D．考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线虽然不实际存在，但可形象描述电场的大小与方向分布．电场线是从正电荷出发，终至于负电荷．解答：解：电场线是从正电荷出发，终至于负电荷．所以正点电荷的电场线是以电荷为中心向四周发散，而负点电荷是向中心会聚，呈球体分布．应当选：B点评：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．电场线不相交，由于是点电荷的电场，属于静电场，所以电场线也不闭合．4．雷雨天气，应谨防雷电．下面哪些做法是正确的？〔〕A．雷雨天气外出时，可以在孤立的高大建筑物和大树下避雨B．雷雨天气外出时，在空地上应立即蹲下，以免成为雷电的袭击目标C．雷雨天气外出时，可以在户外打手机D．在室内，如果听到打雷，应马上关好门窗，以防雷电进屋考点：* 静电的利用和防止．分析：〔1〕在打雷下雨时，严禁在山顶或者高丘地带停留，更要切忌继续蹬往高处观赏雨景，不能在大树下、电线杆附近躲避，也不要行走或站立在空旷的田野里，应尽快躲在低洼处，或尽可能找房层或枯燥的洞穴躲避．〔2〕在电闪雷鸣、风雨交加之时，假设旅游者在旅店休息，应立即关掉室内的电视机、收录机、音响、空调机等电器，以防止产生导电．打雷时，在房间的正中央较为安全，切忌停留在电灯正下面，忌依靠在柱子、墙壁边、门窗边，以防止在打雷时产生感应电而致意外．〔3〕雷雨天防止使用手机和上网．解答：解：A、雷雨天气不能在大树下避雨，因为树比拟高，而且树上带有水，树木就成了导体，容易将雷电引下来，人在树下避雨就可能会触电，不符合题意；B、雷雨天气外出时，在空地上应立即蹲下，降低身体间的电压，以免成为雷电的袭击，符合题意；C、手机电磁波是雷电很好的导体，电磁波在潮湿大气中会形成一个导电性磁场，极易吸引刚形成的闪电雷击，不符合题意；D、雷雨天气切忌停留在电灯正下面，忌依靠在柱子、墙壁边、门窗边，以防止在打雷时产生感应电而致意外，不符合题意．应当选：B点评：雷是自然现象中的一种，天空中带不同电的云，相互接近时，产生的一种大规模的放电现象．5．用被丝绸摩擦过的玻璃棒和用毛皮摩擦过的橡胶棒，都能吸引轻小物体，这是因为〔〕A．被摩擦过的玻璃棒和橡胶棒一定带上了电荷B．被摩擦过的玻璃棒和橡胶棒一定带上了同种电荷C．被吸引的轻小物体一定是带电体D．被吸引的轻小物体一定不是带电体考点：电荷守恒定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：丝绸与玻璃棒摩擦，玻璃棒带正电，丝绸带负电；毛皮与橡胶棒摩擦，橡胶棒带负电，毛皮带正电；摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电．解答：解：AB、丝绸和玻璃棒摩擦，因为玻璃棒上的电子转移到丝绸上，玻璃棒缺少电子带正电，丝绸有多余电子带负电；毛皮与橡胶棒摩擦，因为毛皮上的电子转移到橡胶棒带上，毛皮因缺少电子带正电，橡胶棒因有多余电子带负电，A正确，B错误．CD、被吸引的轻小物体不一定是带电体，CD错误．应当选：A．点评：此题考查了摩擦起电的原因和实质，原因是不同物质的原子核对核外电子的束缚能力不同，束缚能力强的从束缚能力弱的那里得到电子，而带负电，束缚能力弱的由于失去电子，而缺少电子带正电；而摩擦起电的实质是电荷的转移．6．某匀强电场的电场线分布如下列图，A、B是电场中的两点，A、B两点的电场强度的大小分别为E A、E B，如此E A、E B的大小关系是〔〕A．E A＞E B B．E A＜E B C．E A=E B D．无法确定考点：电场线．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，据此可正确解答．解答：解：电场线的疏密表示电场强度的强弱，由电场线的疏密可知，A、B两点电场强度的大小关系，所以E A=E B应当选C点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，明确电场线分布与电场强度之间的关系．7．如下列图，绝缘的细线上端固定，下端悬挂一个轻质小球a，a的外表镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图，现使b带电如此〔〕A．a、b间不发生相互作用B．b将吸引a，吸住后不放开C．b立即把a排斥开D．b先吸引a，接触后又把a排斥开考点：库仑定律；电荷守恒定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电物体能够吸引轻小物体，a与b接触后，a球与b球带上了同种电荷，相互排斥而分开．解答：解：带电物体能够吸引轻小物体，故b会将a球吸引过来，a与b接触后，带同种电荷而分开；应当选D．点评：此题关键是带电物体能够吸引轻小物体，接触后，带同种电荷，又因为带同种电荷而分开．8．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，假设它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的，它们之间的相互作用力变为〔〕A．B．F C．4F D．16F考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：直接根据库仑定律公式F=k列式判断两个点电荷间的静电力大小的变化情况即可．解答：解：真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，根据库仑定律，有：F=k假设它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的，它们之间的相互作用力变为：F′=k故F′=16F应当选：D．点评：此题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了．9．关于点电荷的说法，正确的答案是〔〕A．只有体积很小的电荷，才能作为点电荷B．体积很大的电荷，一定不能作为点电荷C．点电荷一定是带电量很小的电荷D．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：物理学上把本身的线度比相互之间的距离小得多的带电体简化为一个点，叫做点电荷．同一个电荷能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析．解答：解：A、体积很小的带电体，如果相对于研究的问题，体积不能忽略不计，将其简化为点产生的误差较大，那么就不能简化为点，故A错误；B、体积较大的带电体，如果相对于研究的问题，体积可以忽略不计，将其简化为点产生的误差较小，那么可以简化为点电荷，故B错误；C、点电荷是将物体简化为点，带电物体能否简化为点关键是看物体的大小对于研究的问题能否忽略不计，而不是看电荷量的大小，故C错误；D、当电荷在球上均匀分布时，可以将其看成是电荷全部集中于球心的点电荷，否如此会产生较大的误差，故D正确；应当选D．点评：如果在研究的问题中，带电体的形状、大小以与电荷分布可以忽略不计，即可将它看作是一个几何点，如此这样的带电体就是点电荷．一个实际的带电体能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析．10．库仑定律的适用范围是〔〕A．真空中两个带电球体间的相互作用B．真空中任意带电体间的相互作用C．真空中两个静止的点电荷间的相互作用D．真空中两个带电体的大小等于它们之间的距离，如此可应用库仑定律考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：库仑定律是关于真空中两点电荷间相互作用的规律，适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用．解答：解：ABC、库仑定律的内容是：真空中两点电荷间的作用力与两点电荷的电荷量的乘积成正比，与它们间距离平方成反比，作用力在它们的连线上，可见，库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用．真空中两个带电体的大小远小于它们之间的距离，两带电体可以看做点电荷，此时库仑定律也适用．故C正确、AB错误．D、真空中两个带电体的大小等于它们之间的距离，此时两个带电体的大小不能忽略，不能看成点电荷，故此时不能应用库仑定律，故D错误．应当选：C．点评：物理规律往往有一定的适用范围，要在理解的根底上加强记忆．根底题，比拟容易．11．A、B两个点电荷间的距离恒定，当其它电荷移到A、B附近时，A、B间的库仑力将〔〕A．可能变大 B．可能变小 C．一定不变 D．不能确定考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：A、B两个点电荷之间的库仑力与外加的电场无关．根据库仑定律的公式F=，可判断A、B间库仑力的变化．解答：解：A、B两个点电荷之间的库仑力与外加的电场无关．由F=，r不变，A、B 间的库仑力不变．故C正确，A、B、D错误．应当选C．点评：解决此题的关键掌握库仑定律的公式F=．知道两电荷间的库仑力与外加电场无关．12．将不带电的导体A和带有负电荷的导体B接触后，在导体A中的质子数将〔〕A．增加 B．减少 C．不变 D．先增加后减少考点：原子的核式结构；电荷守恒定律．专题：电磁学．分析：明确接触带电的实质：物体接触带电时是由于电子的转移引起的，即电子的重新分配，而质子数并没有发生变化．解答：解：物体接触带电时，电子发生转移，导致相互接触的物体之间电荷不平衡，从而带电，而并非质子数目的变化，质子数目在接触过程中是不变的，故ABD错误，C正确．应当选C．点评：带电有三种方式：接触、摩擦、感应，要明确它们的带电实质．13．一个电容器的规格为“50V，10μF〞，对以上数据与相关问题的理解有以下说法，你认为正确的答案是〔〕A．这个电容器只有加上50V电压时，电容才是10μFB．这个电容器的电容最大值是10μF，当带电量较少时，电容小于10μFC．这个电容器假设不带电，如此电容为零D．这个电容器的电容为10μF，与电容器所加电压和所带电量大小无关考点：电容．专题：电容器专题．分析：电容器的电容与板间电压和电荷量的多少无关，仅有电容器本身决定．解答：解：电容器的电容反映了电容器容纳电荷的本领大小，与电容器板间电压和所带电量无关，加电压或不加电压、电荷量多或少时，电容都是10µF．故ABC错误，D正确．应当选：D点评：电容表征电容容纳电荷的本领大小，与板间电压和电量无关，对于给定的电容器，电容是一定的，电量与电压成正比．14．两个点电荷相距为d，相互作用力大小为F；保持两点电荷电荷量不变，改变它们之间的距离，使之相互作用力大小变为4F，如此两点电荷之间的距离应变为〔〕A．4d B．2d C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：对于这两种情况下分别根据库仑定律列方程即可求解．解答：解：当距离为d时有：F=k①当距离变化后依据题意有：4F=k ②联立①②可得r=，故ABD错误，C正确．应当选：C．点评：正确理解库仑定律公式以与公式中各个物理量的含义是解此题关键，由于公式涉与物理量较多，因此常用两式相比的方法进展求解．15．A、B、C三个塑料小球，A和B，B和C，C和A间都是相互吸引，如果A带正电如此〔〕A．B、C球均带负电B．B球带负电，C球带正电C．B、C球中必有一个带负电，而另一个不带电D．B、C球都不带电考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：AB相互吸引、BC相互吸引．由于A是正带电体，可以利用电荷间的作用规律来分析解决．突破口在小球A带正电．解答：解：AB相互吸引、又A带正电，说明B可能带负电，也可能不带电．而BC相互吸引，因此当B不带电时，如此C一定带电，假设B带负电，如此C可能带正电，也可能不带电．但C和A间是相互吸引，因此C不可能带正电，所以B、C球中必有一个带负电，而另一个不带电，故C正确，ABD错误．应当选C．点评：从A的带电情况入手，结合AB作用情况，BC作用情况来分析解决．二、填空：〔第19题每空2分，其余每空1分，共20分〕16．只要导体两端存在电压，导体中的自由电子就在电场力力的作用下，作定向移动．移动的方向与导体中电流的方向相反．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：只要导体两端存在电压，导体中的自由电子就在电场力的作用下，做定向移动，移动的方向与导体中电流的方向相反解答：解：有电压存在如此导体两端就会存在电势差，即存在电场，如此自由电子在电场力的作用下，发生定向移动，物理学中规定，自由电子的定向移动方向与电流方向相反．故答案为：电压电场力相反点评：此题考查了电压的作用以与电流的方向，难度不大，属于根底题．17．自然界中存在两种电荷，即正电荷和负电荷，电荷间的作用规律是同种电荷相互排斥排斥，异种电荷相互吸引．考点：元电荷、点电荷．分析：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．根据电荷守恒定律的内容就可以直接作出解答．解答：解：自然界中存在正电荷和负电荷，电荷的相互作用规律是同种电荷相互排斥排斥，异种电荷相互吸引．故答案为：正；负；同种电荷相互排斥排斥，异种电荷相互吸引点评：〔1〕自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷．〔2〕同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．〔3〕排斥的物体一定带有同种电荷，吸引的不一定带异种电荷，可能是带电体吸引不带电体．18．在一个系统的内部，电荷可以从一个物体转移到另一个物体．但是，在这个过程中系统总的电荷量是不改变的．这个规律，称为电荷守恒定律．考点：电荷守恒定律．专题：常规题型．分析：根据电荷守恒定律的内容就可以直接作出解答．解答：解：在一个系统的内部，电荷可以从一个物体转移到另一个物体．但是，在这个过程中系统总的电荷量是不改变的．这个规律，称为电荷守恒定律．故答案为：转移；电荷量；电荷守恒；点评：此题是根底的题目，考查的就是学生对电荷守恒定律的掌握的情况，比拟简单．19．两个点电荷甲和乙同处于真空中．〔1〕甲的电量是乙的4倍，如此甲对乙的作用力是乙对甲的作用力的 1 倍．〔2〕假设把每个电荷的电量都增加为原来的2倍，那么它们之间的相互作用力变为原来的 4 倍；〔3〕保持原电荷电量不变，将距离增为原来的3倍，那么它们之间的相互作用力变为原来的倍．考点：库仑定律．分析：由库仑定律F=k可以分析对应量改变后库仑力的变化，从而即可求解．解答：解：〔1〕甲对乙的作用力和乙对甲的作用是一对作用力和反作用力，一定等大的．〔2〕由库仑定律F=k，假设把每个电荷的电量都增加为原来的2倍，那么它们之间的相互作用力变为F=k=4k，是原来的4倍．〔3〕保持原电荷电量不变，将距离增为原来的3倍，由库仑定律F=F=k，那么它们之间的相互作用力变为F=k，故它们之间的相互作用力变为原来的倍．故答案为：1，4，．点评：此题是库仑定律的集中练习，可以通过此题熟练公式的形式和应用，是一个根底题目．20．如图为某电场的局部电场线．由图可知A、B两点的场强大小E A＞E B〔选填“＞〞、“＜〞或“=〞〕．考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示场强的强弱，根据电场线的疏密比拟场强的大小．解答：解：电场线疏密表示场强的大小，A点的电场线比B点的电场线密，如此E A＞E B．故答案为：＞．点评：解决此题的关键掌握电场线的性质，知道电场线越密的地方，场强越强，越疏的地方，场强越弱．21．电容的单位是法，电容的影响因素有两极板的正对面积，两极板间的距离，电介质的介电常数．考点：电容．专题：电容器专题．分析：电容的单位为法，符号F，根据电容的决定式得出影响电容的因素．解答：解：电容的单位是法，根据C=知，影响电容的因素有：两极板的正对面积，两极板间的距离，电介质的介电常数．故答案为：法，两极板的正对面积，两极板间的距离，电介质的介电常数．点评：解决此题的关键知道电容的单位，掌握电容的定义式以与决定式，根底题．三、计算与简答题〔每一小题10分，共20分．〕22．〔10分〕〔2015秋•合肥校级月考〕在某一电场中的A点放入一个带电荷量为Q=﹣4.0C的负电荷，所受电场力大小为F=16N，方向水平向左．求A点的电场强度大小与方向．考点：电场强度．分析：根据电场强度的定义式E=，可以求出电场强度的大小．电场强度的方向与负电荷所受的电场力方向相反．解答：解：A点的电场强度大小 E===4N/C电场强度的方向与负电荷所受的电场力方向相反，即水平向右．答：A点的电场强度大小是4N/C，方向水平向右．点评：解决此题关键掌握电场强度的定义式E=，知道电场强度的方向与负试探电荷所受的电场力方向相反．。
2022年安徽省宣城市宁国职业高级中学高二物理月考试题带解析
2022年安徽省宣城市宁国职业高级中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）一个点电荷，从静电场中a点移到b点，其电势能的变化为零，则（）A．a，b两点的场强一定相等B．该点电荷一定沿等势面移动C．作用于该点电荷的电场力与其移动的方向总是垂直的D．a，b两点的电势一定相等参考答案：D试题分析：根据公式分析可知，电场力做功，a、b两点的电势差为零．而电势与场强无关，所以a、b两点的电场强度不一定相等，故A错误；电场力做功只与初末位置有关，与路径无关．电场力做功为零，电荷可能沿等势面移动，也可能不沿等势面移动，故B错误；电场力做功为零，作用于该点电荷的电场力与其移动的方向不一定总是垂直的，故C错误；由公式，，得，即电势一定相等，故D正确．2. 金属杆a b水平放置在某高处，当它被平抛进入方向坚直向上的匀强磁场中时(如图14所示)，以下说法中正确的是（）A．运动过程中感应电动势大小不变，且Ua＞UbB．运动过程中感应电动势大小不变，且Ua＜UbC．由于速率不断增大，所以感应电动势不断变大，且Ua＞UbD．由于速率不断增大，所以感应电动势不断变大，且Ua＜Ub参考答案：B 3. A、B是两个几何形状完全相同的带电金属小球，且q A＝q B＝Q，在真空中相距r，它们相互作用的斥力为F，引入第三个形状完全相同的金属球C，球C不带电。
现将A、B两球同时与C球相接触后，移到原来相距r的位置，则A、B的作用力是（）A、 B、C、 D、参考答案：A4. 如图所示，两束单色光a、b自空气射向玻璃，经折射后形成复合光束c，则下列说法中正确的是( )A、a光在真空中的传播速度比b光在真空中的传播速度大B、a光在玻璃中的传播速度比b光在玻璃中的传播速度小C、玻璃对a光的折射率比玻璃对b光的折射率大D、从玻璃射向空气，a光的临界角大于b光的临界角参考答案：D5. 关于运动物体做功和能量变化，下列说法正确的是（）A．运动物体重力做正功，重力势能增大B．运动物体重力做负功，重力势能增大C．运动物体合力做正功，动能要增大D．运动物体动能不变，说明合外力为0参考答案：BC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一带电微粒在正交的匀强电场和匀强磁场的竖直平面内做匀速圆周运动，如图所示。
高中高二物理上学期第一次段测试题
时遁市安宁阳光实验学校梅村高中高二（上）第一次段测物理试卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题3分，共21分，每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）（2012•广陵区校级学业考试）关于电源电动势，下列说法中正确的是（）A．同一电源接入不同的电路电动势会发生改变B．电源电动势就是接入电源两极间的电压表测量的电压C．电源电动势表征电源把其它形式的能化为电能本领的物理量，与是否接外电路无关D．电源电动势与电势差是一回事考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源的电动势由电源本身决定，与外电路结构无关．电源电动势大于接入电源两极间两极间的电压表的示数．电源电动势表征电源把其它形式的能化为电能本领的物理量，与是否接外电路无关．电源电动势与电势差不是一回事．解答：解：A、电源的电动势由电源本身决定，与外电路结构无关，同一电源接入不同的电路电动势不会发生改变．故A错误．B、接入电源两极间的电压表测量的电压是路端电压，小于电源的电动势．故B错误．C、电源电动势表征电源把其它形式的能化为电能本领的物理量，与是否接外电路无关．故C正确．D、电源电动势表征电源把其它形式的能化为电能本领的大小，而电势差等于电压，两者不是一回事．故D错误．故选C点评：本题考查对电源电动势的理解．抓住电动势的物理意义和决定因素是关键．2．（3分）（2014秋•吴兴区校级期中）R1和R2分别标有“2Ω、1.0A”和“4Ω、0.5A”，将它们串联后接入电路中，如图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为（）A．6.0 W B．5.0 W C．3.0 W D．1.5 W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：把R1和R2串连接入电路中，他们的电流相同，根据R1和R2的参数可知，串联时的最大的电流为0.5A，根据P=I2R，可以求得电路中允许消耗的最大功率．解答：解：把R1和R2串联后，由于R2的最大电流较小，所以串联后的最大电流为0.5A，串联后的总电阻为6Ω，所以电路的最大的功率为P=I2R=0.52×6W=1.5W，所以D正确．故选：D．点评：本题考查的是串联电路的特点，在串联电路中，电路的电流的大小是相同的，根据这一个特点就可以判断出电流中允许通过的最大的电流．3．（3分）（2014春•洛阳期末）如图所示，R1和R2是材料、厚度均相同、表面为正方形的导体，已知正方形的边长之比为2：1．通过这两导体的电流方向如图所示，则这两个导体电阻之比R1：R2为（）A．2：1 B．1：1 C．1：2 D．1：4考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：横截面积s=ld，长度为l，根据电阻定律R=，可得两电阻之比．解答：解：横截面积s=ld，由电阻定律可知，R==，故电阻与材料和厚度有关．两电阻厚度相同，材料相同，所以电阻之比为1：1．故选：B．点评：本题考查电阻定律的公式，注意电阻与电阻率及导线长度及横截面积的关系．4．（3分）（2014秋•贵阳期末）电流表的内阻是R g=100Ω，满刻度电流值是I g=1mA，现欲把这电流表改装成量程为3V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个0.1Ω的电阻B．应并联一个0.1Ω的电阻C．应串联一个2900Ω的电阻D．应并联一个2900Ω的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=﹣R g，U为改装后的量程解答：解：改装成电压表要串联电阻分压，串阻值为：R=﹣R g =则A，B，D错误，C正确故选：C点评：考查的电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求串联电阻阻值．5．（3分）（2014•校级模拟）按如图所示的电路连接各元件后，闭合开关S，L1、L2两灯泡都能发光．在保证灯泡安全的前提下，当滑动变阻器的滑动头向左移动时，下列判断正确的是（）A．L1亮度不变B．L1变亮C．L2功率变小D．L2变亮考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图可知L1与定值电阻串联后与滑动变阻器R并联，再与L2串联；由滑片的移动可知电路中电阻的变化，则可知电路中总电流的变化，即可知L2亮度的变化；由串联电路的电压规律可知L1与定值电阻两端的电压变化；则可得出L1亮度的变化．解答：解：滑动变阻器的滑动头向左移动时，电路中的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律I=知，干路电流增大，则L2变亮，路端电压减小，又L2两端的电压增加，则并联电路两端的电压减小，那么L1两端的电压减小，L1变暗．故ABC错误，D正确．故选：D．点评：闭合电路的欧姆定律中的动态电路分析一般按外电路﹣内电路﹣外电路的分析思路进行分析，在分析外电路时要注意结合串并联电路的规律．6．（3分）（2014秋•滨湖区校级月考）如图所示，因线路故障，按通K时，灯L1和L2均不亮，用电压表测得U ab=0，U bc=0，U cd=4V．由此可知断路处为（）A．变阻器B．灯L1C．灯L2D．不能确定考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：对于完好的电阻，阻值一定，电流I=0时，根据欧姆定律分析可知，其电压U=IR=0．若发生断路，其两端电压等于电源的电动势．解答：解：A、据题U cd=4V，则变阻器发生断路，因为断路时，电路无电流，其两端的电势分别等于电源两极的电势，其电势差等于电源的电动势．故A正确．B、对于完好的电阻，阻值一定，电流I=0时，根据欧姆定律可知，其电压U=IR=0．由题：U ab=0，U bc=0，则可知：灯L1、L2一定没有发生断路．故BC错误D、因A正确，故D错误；故选：A．点评：本题是电路中故障分析问题，往往哪段电路的电压等于电源的电压，哪段电路发生断路，可用电压即为电势差来理解．7．（3分）（2010•东城区二模）有一种测量人体重的电子秤，其原理图如图所示，它主要由三部分构成：踏板、压力传感器R（阻值可随压力大小而变化的电阻器）、显示体重的仪表Ⓖ（实质是理想电流表），设踏板的质量可忽略不计，已知仪表Ⓖ的量程为3A，电源电动势为12V，内阻为2Ω，压力传感器R的阻值随压力变化的函数式为R=30﹣0.02F（F和R的单位分别是N和Ω）．下列说法正确的是（）A．该秤能测量的最大体重是1300NB．体重为1300N应标在仪表Ⓖ刻度盘2A刻度处C．该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在仪表Ⓖ刻度盘零刻度处D．该秤零刻度线应标在仪表Ⓖ刻度盘的最右端考点：传感器在生产、生活中的应用．分析：由电阻R随压力变化的函数式为R=30﹣0.02F可知，压力F越大，电阻越小，电路中电流越大，当电流达到电流表量程时，电路中电流达到最大，压力最大，该秤能测量的体重最大．由闭合电路欧姆定律求出电流为3A时，电阻R，再表达式R=30﹣0.02F求出该秤能测量的最大体重．体重为1300N时，由表达式R=30﹣0.02F求出电阻R，再由闭合电路欧姆定律求出电流．踏板空载时F=0，得到此时的电阻R，由闭合电路欧姆定律求出电流．解答：解：A、当电流达到电流表量程3A时，由闭合电路欧姆定律得到I=，代入解得R=2Ω．由R=30﹣0.02F得，F=1400N．即该秤能测量的最大体重是1400N．故A错误．B、当体重为1300N时，F=1300N，则R=30﹣0.02F=4Ω，I==2A．故B正确．C、踏板空载时F=0，R=30﹣0.02F=30Ω，I==0.375A．即该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表G刻度盘0.375A处．故CD错误．故选：B．点评：本题是实际问题，考查理论联系实际的能力，基础是认真读题，抓住电阻与压力的关系．这类问题，往往高起点，低落点，不会太难．二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分，每小题有不少于两个选项符合题意．全部选对得4分，漏选得2分，错选和不答的得0分．8．（4分）（2010秋•保定期末）如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是（）A． a代表的电阻丝较粗B． b代表的电阻丝较粗C． a电阻丝的阻值小于b电阻丝的阻值D．图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，根据斜率比较电阻的大小．根据电阻定律R=比较电阻丝的粗细．解答：解：A、图线的斜率表示电阻的倒数，图线a的斜率小于b的斜率，所以a的电阻大于b的电阻，根据电阻定律R=知，长度相同，材料相同，知a的横截面积小，b的横截面积大．故A、C错误，B 正确．D、电阻的大小与电压、电流无关．故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键会从I﹣U图线中比较电阻的大小，以及掌握电阻定律R=．9．（4分）（2011秋•印江县校级期末）使用多用电表的欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是（）A．测量前应检查指针是否停在“Ω”刻度线的“∞”处B．每一次换挡，都要重新进行一次调零C．在外电路，电流从红表笔流经被测电阻到黑表笔D．测量时，若指针偏转很小（靠近∞附近），应换倍率更大的挡进行测量考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：使用欧姆表测电阻前要注意机械调零；每换一次挡都要重新进行欧姆调零；欧姆表内置电源的正极与“﹣”插孔相连，即与黑表笔相连，使用欧姆表测电阻时，电流从黑表笔流出，红表笔流入；使用欧姆表测电阻应选择适当的档位，使指针指在刻度盘附近，如果指针偏转角度较小，说明所选档位太大，应换小挡．解答：解：A、使用前检查指针是否停在欧姆挡刻度线的“∞”处，故A正确；B、每换一次挡位，都要进行一次欧姆调零，故B正确；C、在测量电阻时，电流从黑表笔流出，经被测电阻到红表笔，再流入多用电表，故C错误；D、测量时若发现表针偏转的角度较小，应该更换倍率较大的挡来测量，故D正确；故选：ABD．点评：本题考查了用多用电表欧姆挡测电阻的注意使用及方法，掌握使用欧姆表的注意使用即可正确解题；要掌握多用电表的使用方法及注意事项．10．（4分）（2011秋•顺德区期末）一个直流电动机所加电压为U，电流为I，线圈内阻为R，当它工作时，下述说法中正确的是（）A．电动机的输出功率为B．电动机的发热功率为I2RC．电动机的输出功率为IU﹣I2RD．电动机的功率可写作IU=I2R=考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电动机工作时，输入功率P=UI，内部发热的功率为P热=I2R，输出功率P出=P﹣P热．解答：解：A、电动机的总功率为 P=UI，由于它工作时其电路是非纯电阻电路，故I≠，故P≠，故A错误；B、电动机的发热功率，根据焦耳定律，可得 P热=I2R．故B正确．C、电动机的输出功率P出=P﹣P热=UI﹣I2R．故C正确．D、因为P＞P热，即UI＞I2R，U＞IR，欧姆定律不适用．故UI≠I2R 、，故D错误．故选：BC．点评：解决本题的关键明确电动机正常工作时是非纯电阻电路，掌握电动机输入功率、输出功率、发热功率之间的关系．11．（4分）（2012秋•广东期末）在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C 为电容器，为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A．电压表示数变小B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多D．a点的电势降低考点：电容器；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压等于电阻R2两端的电压，分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势等于R2两端的电压．解答：解：A、在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大，A错误．C、电阻R2两端的电压U2=E﹣I（R1+r），I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小，C错误．B、根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流I A=I﹣I2，I增大，I2减小，则I A增大．即电流表示数变大．故BD正确．故选BD点评：本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化．12．（4分）（2011•郑州模拟）某同学将一直流电源的总功率P E、输出功率P R 和电源内部的发热功率P r随电流I变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的a、b、c所示，根据图线可知（）A．反映P r变化的图线是cB．电源电动势为8 VC．电源内阻为1ΩD．当电流为0.5 A时，外电路的电阻为6Ω考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电源内部的发热功率P r=I2r．直流电源的总功率P E=E I，P﹣I图象的斜率等于电动势E．当I=2A时，电源内部的发热功率P r与电源的总功率相等，求出电源的内阻．根据闭合电路欧姆定律求出电流为0.5A时的外电阻．解答：解：A、电源内部的发热功率P r=I2r，P r﹣I图象是抛物线，而且是增函数，则反映P r变化的图线是c．故A正确．B、直流电源的总功率P E=EI，P﹣I图象的斜率等于电动势E，则有E==4V．故B错误．C、图中I=2A时，电源内部的发热功率P r与电源的总功率相等，则有P r=I2r，得到r==Ω=2Ω．故C错误．D、当电流为0.5A时，根据闭合电路欧姆定律得：I=，代入解得R=6Ω．故D正确．故选AD点评：本题要根据电源的总功率公式P E=EI求解电动势，根据发热功率的解析式I2r，求解电源的内阻．三、简答题：请将解答填写在答题卡相应的位置．（共28分）13．（14分）（2014秋•滨湖区校级月考）在“测定金属的电阻率”的实验中，需要测量金属丝长度L，金属丝直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻R x．（1）请写出测金属丝电阻率的表达式ρ= （用上述测量量的字母表示）．（2）用螺旋测微器测量金属丝直径，示数如图1所示，则d= 0.910 mm．（3）金属导线的电阻约为5Ω左右，欲用伏安法测定其准确阻值，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A．电池组（3 V，内阻1Ω） B．电流表（0～3 A，内阻0.0125Ω）C．电流表（0～0.6 A，内阻0.125Ω） D．电压表（0～3 V，内阻3 kΩ）E．电压表（0～15 V，内阻15 kΩ） F．滑动变阻器（0～20Ω，额定电流1 A）G．滑动变阻器（0～2 000Ω，额定电流0.3 A） H．开关、导线上述器材中应选用的是ACDFH （填写各器材的字母代号）；实验电路应采用电流表外接法接法（填“内”或“外”）；设实验中电流表、电压表的某组示数如图2所示，图示中I= 0.48 A，U= 2.2 V．（4）为使通过待测金属导线的电流能在0～0.5A范围内改变，请按要求在图3中画出测量待测金属导线的电阻R x的原理电路图．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）螺旋测微器固定刻度与可动可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；（2）实验需要电源、开关、导线，根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器．根据待测电阻阻值与电表内阻的关系选择电流表采用内接法还是外接法．（3）根据图示电表确定其分度值，读出电表示数．（4）电流表能从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，然后作出伏安法测电阻的实验原理图．解答：解：（1）根据电阻定律有R=，又S=，联立可得ρ=．（2）螺旋测微器读数为d=0.5mm+41.0×0.01mm=0.910mm．（3）实验需要：A．电池组（3V，内阻1Ω），H．开关、导线，电源电动势为3V，电压表可选：D．电压表（0～3V，内阻3kΩ），电路最大电流约为I===0.6A，电流表应选：C．电流表（0～0.6A，内阻0.125Ω），为方便实验操作，滑动变阻器可选：F．滑动变阻器（0～20Ω，额定电流1A），即需要的实验器材为：A、C、D、F、H．==40，==600，＞，则电流表应采用外接法．电流表量程是0～0.6A，由图示电流表可知其分度值是0.02A，示数为0.48A；电压表量程是0～3V，由图示电压表可知其分度值是0.1V，其示数为2.2V．（4）通过待测金属导线的电流能在0～0.5A范围内改变，则滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用外接法，伏安法测电阻的实验电路如图所示．故答案为（1）（2）0.910；（3）ACDFH；外接；0.48；2.2；（4）如图所示．点评：本题考查了实验器材的选取、实验电路设计、电表读数、螺旋测微器与游标卡尺读数等问题；一定要掌握实验器材的选取原则；对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直．14．（14分）（2014秋•滨湖区校级月考）某同学在用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验中，串联了一只2.5Ω的保护电阻R0，实验电路如甲图所示．（1）按图甲电路原理图将图乙实物连接起来；I/A 0.10 0.17 0.23 0.30U/V 1.20 1.00 0.80 0.60（2）电键闭合前，滑片P的位置应该放置于图甲中 A 端（选填“A”或“B”）（3）该同学顺利完成实验，测出的数据如表所示．请你根据这些数据帮他在坐标图丙中画出U﹣I图象，并由图得出电池的电动势E= 1.5 V，内阻r= 0.5 Ω；（4）考虑电表本身电阻对测量结果的影响，造成本实验的系统误差的原因是电压表的分流（选填“电流表的分压”或“电压表的分流”）．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）由原理图即可得出实物图；（2）根据滑动变阻器的限流作用明确滑片的位置；（3）根据表格中的数据采用描点法可得出伏安特性曲线，由图象可求得电动势和内电阻；（4）根据电路的连接方式可明确误差原因．解答：解：（1）对照电路图连线即可，要注意电表的极性，实物图连线如图：（2）由图可知，当滑片滑到A端时，电路中电流最小；为了保护电路安全，应将滑片滑到A端；（3）U﹣I图线是一条倾斜的直线，描点作图如下图．纵轴截距为1.5，所以电动势：E=1.5V．图线的斜率：k==3.0Ω，则内阻：r=3.0﹣2.5Ω=0.5Ω．（3）电流表所测的电流小于通过电源的电流，因为电压表内阻有分流作用．故答案为：（1）如图（2）A；（3）1.5V，0.5Ω（4）电压表内阻分流点评：解决本题的关键会从U﹣I图线获取电源的电动势和内阻，注意将保护电阻等效到电源的内部，最终电源的内阻等于图线的斜率绝对值减去保护电阻的阻值．以及会分析误差的来源，通过图象分析测量值和真实值的关系．15．（10分）（2014秋•滨湖区校级月考）如图所示，电源电动势E=24V，内阻不计，R1=2.5Ω，R2=10Ω，R3=6Ω．（1）若在A、B间连接一理想电流表，读数为多少？（2）若在A、B间连接一理想电压表，读数为多少？考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：若在AB间连一个理想电流表，则电路结构为R2、R1并联后与R3串联，接到电源上，电流表测量通过R1的电流；若在AB间连一个理想电压表，则电路结构为R3、R2串联接到电源上，电压表测量的是R2的电压．解答：解：若在C、D间连一个理想电流表，则电路结构为R2、R1并联后与R3串联，接到电源上，根据闭合电路欧姆定律得：总电流I==3A所以通过电流表的电流为I1==2.4A若在AB间连一个理想电压表，则电路结构为R3、R2串联接到电源上，电压表测量的是R2的电压则==15V答：（1）若在A、B间连接一理想电流表，读数为3A（2）若在A、B间连接一理想电压表，读数15V点评：本题中理想电流表看作短路，理想电压表看作断路，认识电路的连接关系是解题的基础16．（12分）（2014秋•滨湖区校级月考）如图所示，电源电压为U=12V，滑动变阻器的总电阻为42Ω，当滑动变阻器AP间的电阻为12Ω时，灯泡恰好正常发光．若灯泡正常发光时电阻为20Ω，求：（1）灯泡的额定电压？（2）此时滑动变阻器上消耗的功率是多少？考点：电功、电功率；电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：由串并联电路的规律可知灯泡的额定电流，则可求得额定电压；由功率公式可求得滑动变阻器上消耗的功率．解答：解：（1）由题意可知，AP部分电阻为12Ω，BP部分电阻为30Ω；灯泡的电阻为20Ω；则并联部分总电阻为R并==12Ω；总电阻R=R AP+R并=12+12=24Ω；总电流I===0.5A；灯泡的额定电压为：U L=U﹣12×0.5=6V；（2）滑动变阻器上消耗的功率P=I2R AP +=0.25×12+=3+1.2=4.2W；答：（1）灯泡的额定电压为6V；（2）此时滑动变阻器上消耗的功率是4.2W．点评：本题考查串并联电路的规律及功率公式，要注意明确串并联电路中电流及电压规律的正确应用．17．（14分）（2014秋•滨湖区校级月考）一台电风扇，内阻是20Ω，接上220V 的电压后，消耗的总功率是66W，求：（1）电风扇正常工作时通过风扇电动机的电流；（2）电风扇工作时，转化为机械能和内能的功率分别为多少；（3）若接上220V电源后，扇叶被卡住，不能转动，此时通过电动机的电流为多大？电动机消耗的电功率和发热功率分别为多大？考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）根据功率P=UI可以求得电动机的电流的大小；（2）由P Q=I2r可以求得转化为内能的功率的大小，再由P机=P﹣P Q可以求得转化为机械能的功率；（3）当扇叶被卡住不能转动时，此时可以看做是纯电阻，总的功率即为发热的功率．解答：解：（1）由P=UI可得电流为：I===0.3A；（2）线圈电阻发热功率：P Q=I2r=0.32×20=1.8w；机械功率：P机=P﹣P Q=66﹣1.8=64.2W；（3）当叶片不转动时，作纯电阻，根据欧姆定律，有：I===11A；电动机消耗的电功率等于电机的发热功率：P=UI=I2r=11×11×20=2420w．答：（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是0.3A；（2）电风扇工作时，转化为机械能和内能的功率分别为64.2W、1.8W；（3）如果接上电源后，电风扇的风叶被卡住，不能转动，电动机的电流11A，电动机消耗的电功率等于电机的发热功率是2420W．点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．18．（15分）（2011秋•宝校级期中）如图所示的电路中，电源电动势E=3V，内阻r=2Ω定值电阻R1=1Ω，变阻器M最大电阻R2=5Ω，变阻器N的最大电阻R3=9Ω，电容器的电容C=1μF．（1）闭合开关S，调节变阻器M、N的阻值，电流表的最小示数为多少？（2）闭合开关S，调节变阻器M、N的阻值，电源输出的最大功率为多少？（3）闭合开关S，调节变阻器M、N的阻值，当电流表示数为0.3A后，再断开开关S，则流过电流表的电量为多少？考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：（1）闭合开关S，调节变阻器N的阻值为最大时，电流表的示数最小．根据欧姆定律求出最小示数．（2）根据推论可知，当外电阻与电源的内阻相等时，电源输出的最大功率，由欧姆定律和功率公式求出最大功率．（3）闭合开关S，电路稳定后，电容器的电压等于变阻器N两端的电压，由欧姆定律求出电容器的电压，再求出其电量．当再断开开关S，则流过电流表的电量就是电容器原来的带电量．解答：解：（1）闭合开关S，调节变阻器N的阻值为最大时，电流表的示数最小．根据闭合电路欧姆定律得，电流的最小值为（与R2大小无关）（2）当R3+R1=r，即R3=1Ω时（与R2大小无关）输出功率最大（3）由，得R3=7Ω电容器的电量q=CU=CIR3=2.1×10﹣6C则再断开开关S，则流过电流表的电量是2.1×10﹣6C．点评：本题是含容电路问题，电路稳定后，电容器所在电路，没有电流，相当于断路．本题中变阻器M对电容器的电压没有影响．。
高中高二物理上学期第一次试题高二全册物理试题_01
时遁市安宁阳光实验学校部分示范高中高二（上）第一次联考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分.1-8题只有一个选项符合题目要求；9-12题有多项符合题目要求，全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．以下说法中正确的是（）A．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越小B．导体的电阻越大，其电阻率也一定越大C．电容器的电容C=是用比值法定义的，电容C与Q、U无关D．并联的总电阻比任一支路的电阻都大2．如图所示，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近导体的带正电金属球，若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两部分，这两部分所带电荷量的数值分别为Q A、Q B，则下列结论正确的是（）A．沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且Q B＞Q AB．只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，并Q B=Q AC．沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且Q B＞Q AD．沿任意一条虚线切开，都有A带正电，B带负电，而Q A、Q B的值与所切的位置有关3．一个标有“220V 60W“的白炽灯泡，加上的电压由零逐渐增大到220V，在此过程中，电压（U）和电流（I）的关系可用图线表示，题中给出的四个图线中，符合实际的是（）A ． B ． C ．D ．4．根据欧姆定律，下列判断正确的是（）A．导体两端的电压越大，导体的电阻越大B．加在气体两端的电压与通过的电流的比值是一个常数C．电流经过电阻时，沿电流方向电势要降低D．电解液短时间内导电的U﹣I线是一条曲线5．如图所示，电流表A1（0～3A）和A2（0～0.6A）是由两个相同的灵敏电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中．闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）①A1的读数小于A2的读数②A1的读数大于A2的读数③A1、A2的指针偏转角度之比为5：1④A1、A2的指针偏转角度之比为1：1．A．①③B．②③C．①④D．②④6．某实验小组用三只相同的小灯泡，联成如图所示的电路，研究串并联电路特点．实验中观察到的现象是（）A．K2断开，K1与a连接，三只灯泡亮度相同B．K2断开，K1与b连接，三只灯泡亮度相同C．K2闭合，K1与a连接，三只灯泡都发光，L1、L2亮度相同D．K2闭合，K1与b连接，三只灯泡都发光，L3亮度小于L2的亮度7．理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干．设电动机线圈电阻为R1，它与电热丝电阻值R2串联后接到直流电源上，吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的功率为P，则有（）A．P=UI B．P=I2（R1+R2）C．P＞UI D．P＞I2（R1+R2）8．一平行板电容器充电后，开关保持闭合，上极板接地，在两极板间有一负电荷（电量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的场强，Q表示电容器的带电量，φ表示P点的电势，以E p表示负电荷在P点的电势能．若保持下极板不动，将上极板移到图中虚线所示的位置，则（）A．φ不变，E不变B．E变小，E p变大 C．Q变小，E p不变 D．φ变小，Q不变9．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．以下分析正确的是（）A．此接法的测量值大于真实值B．此接法的测量值小于真实值C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D．开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最右端10．关于电阻和电阻率，下列说法中错误的是（）A．由R=可知，电阻与电压、电流都有关系B．由ρ=可知，ρ与R、S成正比，ρ与l成反比C．材料的电阻率都随温度的升高而增大D．对某一确定的导体，当温度升高时，发现它的电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大11．如图所示，有三个质量相等，分别带正电、带负电和不带电的小球，从平行板电场的中点以相同的初速度垂直于电场方向进入电场，它们分别落在A、B、C三点，可以判断（）A．小球A带正电，小球B不带电，C带负电B．三个小球在电场中运动的时间相等C．三个小球到达极板时的动能关系为E kA＞E kB＞E kCD．三个小球在电场中运动时的加速度关系为a A＜a B＜a C12．如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入电场线水平向右的加速电场E1，之后进入电场线竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上．整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（）A．偏转电场E2对三种粒子做功一样多B．三种粒子打到屏上时的速度一样大C．三种粒子运动到屏上所用时间相同D．三种粒子一定打到屏上的同一位置二.填空与实验（6+6+8分）13．在使用10分度游标卡尺和螺旋测微器测量某一工件的长度和厚度时，两仪器上的示数如图（a）、（b）所示．则测量仪器的读数分别为（1）cm、（2） mm．14．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率如果实验中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L、直径为d，则该材料的电阻率ρ= （用测出的物理量的符号表示）．15．现用伏安法研究某电子器件R1的（6V，2.5W）伏安特性曲线，要求特性曲线尽可能完整（直接测量的变化范围尽可能大一些），备有下列器材：A、直流电源（6V，内阻不计）；B、电流表G（满偏电流3mA，内阻Rg=10Ω）；C、电流表A（0～0.6A，内阻未知）；D、滑动变阻器（0～20Ω，10A）；E、滑动变阻器（0～200Ω，1A）；F、定值电阻R0（阻值1990Ω）；G、开关与导线若干；（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子器件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）．（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用．（填写器材序号）（3）将上述电子器件R1和另一电子器件R2接入如图（甲）所示的电路中，它们的伏安特性曲线分别如图（乙）中Ob、Oa所示．电源的电动势ɛ=6.0V，内阻忽略不计．调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电阻R1和R2阻值的和为Ω，R3接入电路的阻值为Ω．16．（10分）（2015秋•南阳月考）一个电流表的满偏电流I g=1mA，内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上串联一个阻值为多大的电阻？17．（10分）（2012秋•静宁县校级期中）一台直流电动机线圈电阻r=1Ω，与一阻值R=10Ω的电阻串联，当所加电压U=150V，电动机正常工作时电压表示数100V，求电动机消耗的功率及输出的机械功率．18．（10分）（2014秋•兴庆区校级期中）在如图所示的电路中，电电压U=15V，电阻R1、R2、R3的阻值均为10Ω，S为单刀三掷电键，求下列各种情况下电压表的读数：（1）电键S接A（2）电键S接B（3）电键S接C．19．（12分）（2009•孝南区校级模拟）如图所示，两平行金属板A、B板长L=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，一带正电的粒子电量q=10﹣10C，质量m=10﹣20kg，沿电场中心线RO垂直电场线飞入电场，初速度v0=2×106m/s，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域，（设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响），已知两界面MN、PS相距为12cm，O点在中心线上距离界面PS为9cm，粒子穿过界面PS最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏bc上．（静电力常数k=9×109Nm2/C2）（1）求粒子穿过界面MN时偏离中心线OR的距离多远？（2）试在图上粗略画出粒子运动的轨迹；（3）确定点电荷Q的电性并求其电量的大小．部分示范高中高二（上）第一次联考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分.1-8题只有一个选项符合题目要求；9-12题有多项符合题目要求，全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．以下说法中正确的是（）A．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越小B．导体的电阻越大，其电阻率也一定越大C．电容器的电容C=是用比值法定义的，电容C与Q、U无关D．并联的总电阻比任一支路的电阻都大考点：电容；电源的电动势和内阻．分析：电动势是描述电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量；根据电阻定律分析电阻值与电阻率的大小关系；电容器的电容C=是用比值法定义的，电容C与Q、U 无关；并联的总电阻比任一支路的电阻都小．解答：解：A、电动势是描述电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量，电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大．故A错误；B 、根据电阻定律，可知电阻值与电阻率、导线的长度以及导线的横截面积都有关，导体的电阻大，其电阻率不一定大；故B错误；C、电容器的电容C=是用比值法定义的，电容C仅仅与电容器本身有关，与Q、U无关；故C正确；D、根据串并联电路的电阻值特点可知，并联的总电阻比任一支路的电阻都小．故D 错误．故选：C点评：该题考查到电动势的物理意义、电阻定律、电容器的电容、以及串并联电路的特点，都是一些记忆性的知识点的内容，在平均的学习过程中多加积累即可．2．如图所示，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近导体的带正电金属球，若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两部分，这两部分所带电荷量的数值分别为Q A、Q B，则下列结论正确的是（）A．沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且Q B＞Q AB．只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，并Q B=Q AC．沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且Q B＞Q AD．沿任意一条虚线切开，都有A带正电，B带负电，而Q A、Q B的值与所切的位置有关考点：静电场中的导体．分析：根据静电感应现象，在正点电荷的电场作用下，导体AB自由电荷重新分布，不论沿着哪条虚线切开，都有A带正电，B带负电，且电量总是相等．解答：解：由题意可知，静电感应现象使得A带正电，B带负电．导体原来不带电，只是在C的电荷的作用下，导体中的自由电子向B部分移动，使B部分多带了电子而带负电；A部分少了电子而带正电．根据电荷守恒可知，A部分转移的电子数目和B部分多余的电子数目是相同的，但由于电荷之间的作用力与距离有关，距离越小，作用力越大，因此更多的电子容易转移到最接近C的位置，导致电子在导体上分布不均匀，从B端到A端，电子分布越来越稀疏，所以从不同位置切开时，Q A、Q B的值不同．故只有D正确，ABC错误；故选：D．点评：考查静电感应的原理，理解带电本质是电子的转移，掌握电荷守恒定律的应用，注意两部分的电量总是相等是解题的突破口．3．一个标有“220V 60W“的白炽灯泡，加上的电压由零逐渐增大到220V，在此过程中，电压（U）和电流（I）的关系可用图线表示，题中给出的四个图线中，符合实际的是（）A ．B ．C ．D ．考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：白炽灯泡上的电压U由零逐渐增大到220V时，白炽灯泡的温度不断升高，电阻增大，根据数学知识分析选择图象．解答：解：由题，白炽灯泡上的电压U由零逐渐增大到220V时，白炽灯泡的温度不断升高，电阻增大，由欧姆定律得到R=，等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，电阻一直增大，斜率一直减小．所以ABD不符合实际，C正确．故选C．点评：本题是实际的灯泡，其电阻会温度升高而增大，其U﹣I图线不是直线，可以从数学角度理解其物理意义．4．根据欧姆定律，下列判断正确的是（）A．导体两端的电压越大，导体的电阻越大B．加在气体两端的电压与通过的电流的比值是一个常数C．电流经过电阻时，沿电流方向电势要降低D．电解液短时间内导电的U﹣I线是一条曲线考欧姆定律．点：专题：恒定电流专题．分析：导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，应用欧姆定律分析答题；同时明确电解液导电适用欧姆定律．解答：解：AB、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故A错误．B、气体不适用于欧姆定律，故加在气体两端的电压与通过的电流的比值不是一个常数；故B错误；C、每个电阻均要产生电势差；故沿电流的方向，电势要降低；故C正确；D、电解液导电适用欧姆定律，故其U﹣I图象为一直线；故D错误；故选：C．点评：本题是一道基础题，知道导体电阻的决定因素、应用欧姆定律即可正确答题，注意明确欧姆定律的适用范围．5．如图所示，电流表A1（0～3A）和A2（0～0.6A）是由两个相同的灵敏电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中．闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）①A1的读数小于A2的读数②A1的读数大于A2的读数③A1、A2的指针偏转角度之比为5：1④A1、A2的指针偏转角度之比为1：1．A．①③B．②③C．①④D．②④考点：把电流表改装成电压表．专实验题．题：分析：电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．解答：解：图中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，所以A1、A2的指针偏转角度之比为1：1，故③错误，④正确，电流表A1的量程为3A，A2的量程为0.6A，当偏转角相同时，A1、A2的读数之比为5：1，故①错误，②正确；故D正确．故选：D．点评：本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．6．某实验小组用三只相同的小灯泡，联成如图所示的电路，研究串并联电路特点．实验中观察到的现象是（）A．K2断开，K1与a连接，三只灯泡亮度相同B．K2断开，K1与b连接，三只灯泡亮度相同C．K2闭合，K1与a连接，三只灯泡都发光，L1、L2亮度相同D．K2闭合，K1与b连接，三只灯泡都发光，L3亮度小于L2的亮度考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据开关断开与闭合时电路的连接方式，分析灯泡是熄灭还是发光．根据电流的大小判断灯泡亮度的关系．解答：解：A、K2断开，K1与a连接时，三个灯串联，都能发光，且亮度相同，故A正确；B、K2断开，K1与b连接时，L3不亮，L1、L2串联能发光，故B错误；C、K2闭合，K1与a连接时，L3、L2被短路不亮，故C错误；D、K2闭合，K1与b连接，L1、L3并联后与L2串连接在电源上，三只灯泡都发光，L3的亮度小于L2的亮度，故D正确．故选：AD．点评：分析电路的连接方式，分析清楚电路的结构是研究直流电路问题的基础．7．理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干．设电动机线圈电阻为R1，它与电热丝电阻值R2串联后接到直流电源上，吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的功率为P，则有（）A．P=UI B．P=I2（R1+R2）C．P＞UI D．P＞I2（R1+R2）考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．解答：解：A、C、电吹风机消耗的电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU来计算，所以总功率P=IU，所以A正确，而C错误．B、D、电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为I2（R1+R2），吹风机的总功率P=IU要大于发热部分的功率，所以B错误，D正确．故选：AD．点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．8．一平行板电容器充电后，开关保持闭合，上极板接地，在两极板间有一负电荷（电量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的场强，Q表示电容器的带电量，φ表示P点的电势，以E p表示负电荷在P点的电势能．若保持下极板不动，将上极板移到图中虚线所示的位置，则（）A．φ不变，E不变B．E变小，E p变大 C．Q变小，E p不变 D．φ变小，Q不变考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：平行板电容器充电后，开关保持闭合，电容器的电压保持不变．将上极板向上移动，电容减小，根据电容的定义式判断电容器的电量变化．根据公式E=分析板间场强的变化，先研究P点与下极板间电势差的变化，再研究P点电势的变化．解答：解：由题，电容器的电压U保持不变，将上极板向上移动，板间距离d增大，根据公式E=分析得知，板间场强E变小；电压U保持不变，电容C减小，由C=得到，电容器的带电量Q变小．P点与下极板间距离不变，E变小，根据公式U=Ed，P点与下极板间的电势差变小，则P点与上极板间电势差变大．电场线方向向下，P点电势比上板电势低，则P点电势Φ降低，负电荷在P点的电势能E P变大．故B正确，ACD错误．故选：B．点评：本题是电容器动态变化分析问题，抓住电压不变是关键．对于电势能的变化，往往根据下列推论判断：负电荷在电势低处电势能大，在电势高处电势能小．9．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．以下分析正确的是（）A．此接法的测量值大于真实值B．此接法的测量值小于真实值C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D．开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最右端考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：电流表的内接法：电压示数包括了电流表的分压，外接法：电流表的示数包括了电压表的分流，据此分析所给问题．解答：解：A、B、此种接法所测的电流是待测电阻的电流，所测的电压是待测电阻上的电压与电流表上的电压的和，根据欧姆定律：R=，电压的测量值偏大，所以待测电阻的测量值偏大．故A正确，B错误；C、电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，要减小误差，也就是电流表分压影响较小，所以此接法要求待测电阻值比电流表内阻大的较多．故C错误，D、开始实验要让电阻电压最小，由小变大，故应使滑动P处在最右端．故D正确；故选：AD．点评：电流表或电压表的测量值不是电阻的真实值是误差的来源，这是分析问题的关键．10．关于电阻和电阻率，下列说法中错误的是（）A．由R=可知，电阻与电压、电流都有关系B．由ρ=可知，ρ与R、S成正比，ρ与l成反比C．材料的电阻率都随温度的升高而增大D．对某一确定的导体，当温度升高时，发现它的电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：电阻率是由导体材料和温度决定的；而电阻是由导体的电阻率、长度以及截面积决定的，与电压和电流无关．解答：解：A、电阻由导线性质决定，与电压和电流无关；故A错误；B、电阻率是由导体的材料性质决定的；与R、S及l无关；故B错误；C、不同材料的电阻随温度的变化规律不同，金属导体随温度的升高而增大，半导体电阻随温度的升高而减小；故C错误；D、对某一确定的导体，当温度升高时，发现它的电阻增大，则由R=可知该导体材料的电阻率随温度的升高而增大；故D正确；本题选错误的；故选：ABC．点评：本题考查电阻定律及电阻率的性质，要注意明确它们各自的决定因素，注意比值定义法的应用．11．如图所示，有三个质量相等，分别带正电、带负电和不带电的小球，从平行板电场的中点以相同的初速度垂直于电场方向进入电场，它们分别落在A、B、C三点，可以判断（）A．小球A带正电，小球B不带电，C带负电B．三个小球在电场中运动的时间相等C．三个小球到达极板时的动能关系为E kA＞E kB＞E kCD．三个小球在电场中运动时的加速度关系为a A＜a B＜a C 考点：带电粒子在混合场中的运动；功能关系．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：有图可知上极板带负电，所以平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力．则不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动．由此根据平抛和类平抛运动规律求解．解答：解：在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如下图所示：由此可知不带电小球做平抛运动a1=，带正电小球做类平抛运动a2=，带负电小球做类平抛运动a3=．根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等，据t=得三小球运动时间，正电荷最长，不带电小球次之，带负电小球时间最短．A、三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，故水平位移最大的A是带正电荷的小球，B是不带电的小球，C带负电的小球．故A正确．B、由于三小球在竖直方向位移相等，初速度均为0，由于电场力的作用，三小球的加速度不相等，故它们的运动时间不相等，故B错误；C、根据动能定理，三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功．由受力图可知，带负电小球合力最大为G+F，做功最多动能最大，带正电小球合力最小为G﹣F，做功最少动能最小．故C错误．D、因为A带正电，B不带电，C带负电，所以a A=a2，a B=a1，a C=a3，所以a A＜a B＜a C．故D正确．故选：AD．点评：确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析．12．如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入电场线水平向右的加速电场E1，之后进入电场线竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上．整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（）A．偏转电场E2对三种粒子做功一样多B．三种粒子打到屏上时的速度一样大C．三种粒子运动到屏上所用时间相同D．三种粒子一定打到屏上的同一位置考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：由动能定理定理可求得粒子进入偏转电场时的速度，再对运动的合成与分解可求得偏转电场中的位移；再由几何关系可明确粒子打在屏上的位置．解答：解：带电粒子在加速电场中加速度，由动能定理可知：E1qd=mv2；解得：v=；粒子在偏转电场中的时间t=；在偏转电场中的纵向速度v0=at=纵向位移x=at2=；即位移与比荷无关，与速度无关；由相似三角形可知，打在屏幕上的位置一定相同，到屏上的时间与横向速度成反比；故选：AD．点评：本题考查带电粒子在电场中的偏转，要注意偏转中的运动的合成与分解的正确应用．二.填空与实验（6+6+8分）13．在使用10分度游标卡尺和螺旋测微器测量某一工件的长度和厚度时，两仪器上的示数如图（a）、（b）所示．则测量仪器的读数分别为（1）11.09 cm、（2） 6.867 mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为110mm，游标尺上第9个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为9×0.1mm=0.9mm，所以最终读数为：110mm+0.9mm=110.9mm=11.09cm．2、螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为36.7×0.01mm=0.367mm，所以最终读数为6.5mm+0.367mm=6.867mm．故答案为：（1）11.09 （2）6.867点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．。
高二物理上学期第一次阶试试题 (2)
嗦夺市安培阳光实验学校揭阳三中高二物理上学期第一次阶段考试试题新人教版一、单项选择题。
（本题共4小题，每小题4分，共16分）1、关于静电场，下列说法正确的是（）A.电势为零的点，电场强度一定为零B.电场强度为零的点，电势一定为零C.同一电场线上的各点，电势一定相等D. 负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加2、如图，两个可看作点电荷的小球带同种电，电荷量分别为q1和q2，质量分别为m1和m2，当两球处于同一水平面时，α >β，则造成α >β的可能原因是：（）A．m1>m2B．m1<m2C．q1>q2D．q1<q23、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示。
则（）A.a一定带正电，b一定带负电B. B.a的速度将减小，b的速度将增加C.a的加速度将减小，b的加速度将增加D.两个粒子的动能，一个增加一个减小4、一个不计重力的带电微粒，进入匀强电场没有发生偏转，则该微粒的（）A. 运动速度必然增大 B．运动速度必然减小C. 运动速度可能不变 D．运动加速度肯定不为零二、双项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分。
)5、下列说法正确的是（）A．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在电场B．电场是一种特殊物质，电场线是客观存在的C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的D．取走电场中某点的试探电荷后，该点的电场力为零，所以该点的场强为零6、如图所示，某区域电场线左右对称分布，M、N为对称线上的两点。
下列说法正确的是（）A．M点电势一定高于N点电势B．M点场强一定大于N点场强C．正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能D．将电子从M点移动到N点，电场力做正功7、等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点。
高二物理上学期第一次质检考试试题(选考)高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校平阳二中2015学年第一学期质检考试高二物理（选）一、选择题Ⅰ（本题共13小题, 每小题3分, 共39分。
在每小题给出的四个选项中, 只有一项是符合题目要求的。
）1. 下列说法正确的是（）A.元电荷实质上是指电子或质子本身B.带电体所带电荷量可以是任意值C.任何带电体的电荷量—定等于元电荷的整数倍D.电荷量e的数值最早是由安培通过实验测得的2. 有 A 、 B 、 C 三个轻质小球， A 和B、B和 C 、 C 和 A间都搓相互吸引的，如果 A 带正电，则 ( )A.B 、C 球均带负电B.B、C 球都不带电C.B 球带负电， C 球带正电D.B 、C 球中必有一个带负电，而另一个不带电3. 关于摩擦起电的原因，下列说法正确的是（）A.摩擦后产生了新的电荷B.电子从一个物体转移到另一个物体C.正电荷从一个物体转移到另一个物体D.电子和正电荷同时从一个物体转移到另一个物体4. 下列几个物理量中，只有一个物理量的单位与其他几个不同，这个物理量是（）A.电势B.电势差C.电势能D.电压5.如图所示,匀强电场的电场强度E=100 V/m,A、B两点相距10cm,A、B两点的连线与电场线方向的夹角为60°,则U BA的值为()。
A.-5 VB.10 VC.-10 VD.-5√3 V6 .两个完全相同的小金属球（皆可视为点电荷），所带电荷量之比为5: 1，它们在相距一定距离时相互作用的吸引力为F1 ,如果让它们充分接触后再放冋各自原来的位罝上，此时相互作用力变为F2 ,则F1：F2为 ( )A. 5:2B. 5:4C. 5:6D. 5:97. 关于点电荷，下列说法正确的是（）A.点电荷是理想化模型B.点电荷的电荷量一定是191.610-⨯CC.实际存在的电荷都是点电荷D.体积大的带电体不能看成点电荷8. 真空中有两个带同种电荷的导体球，其半径均为0.2r，电荷量均为Q，两球球心间的距离为r，则两带电导体球之间相互作用的静电力大小为（）A .等于22QkrB.小于22QkrC .大于22QkrD .不能确定9. 点电荷A、B周围电场线分布如图，c、d是同一电场线上两点，下列说法正确的是（）A.点电荷A可能带负电B.c点电场强度与d点电场强度相同C. 电子从c运动到d过程中电势能保持不变D. c点电势高于d点电势10. 如图所示,实线表示匀强电场的电场线.一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在静电力作用下，运动轨迹如图中虚线所示，a、b为轨迹上的两点.若a点电势为φa，b点电势为φb，则下列说法中正确的是（）A.场强方向一定向左，且电势φa>φbB.场强方向一定向左，且电势φa<φbC.场强方向一定向右，且电势φa>φbD.场强方向一定向右，且电势φa<φb11. 在电场中的A点放一个电荷量为q的试探电荷时，试探电荷受到的静电力为F，由此求得A点的场强大小为E，若在A点换一个电荷量为-2q的试探电荷时，则A点的电场强度（）A. 大小变为2E,方向与原来相同B. 大小变为2E,方向与原来相反C. 大小仍为E，方向仍与原来相同D. 大小仍为E，方向与原来相反12.如图所示的四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中电势和场强都相同的是( )13.如图甲是某电场中的一条电场线，a、b是这条电场线上的两点，一负电荷只受电场力作用，沿电场线从a运动到b。
2021学年-有答案-安徽省某校高二(上)第一次段考物理试卷
2021学年安徽省某校高二（上）第一次段考物理试卷一、选择题)1. 篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球迅速引至胸前．这样做可以（）A.减小球对手的冲量B.减小球的动量变化率C.减小球的动量变化量D.减小球对手的作用力2. 运送人造地球卫星的火箭开始工作后，火箭做加速运动的原因是（）A.燃料推动空气，空气的反作用力推动火箭B.火箭发动机用力将燃料燃烧产生的气体向后推出，气体的反作用力推动火箭C.火箭吸入空气，然后向后排出，空气对火箭的反作用力推动火箭D.火箭燃料燃烧发热，加热周围空气，空气膨胀推动火箭3. 质量数为1的中子与一质量数为A(A>1)的原子核发生弹性正碰．若碰前原子核静止，则碰撞前与碰撞后中子的速率之比为（）A.A+1 A−1B.A−1A+1C.4A(A+1)2D.(A+1)2(A−1)24. 如图所示，质量为m的物体在水平外力F的作用下，沿水平面做匀速运动，速度大小为v，当物体运动到A点时撤去外力F．物体由A点继续向前滑行过程中经过B点，则物体由A点到B点的过程中，下列说法中正确的是（）A.速度v越大，摩擦力对物体的冲量越小；摩擦力做功与速度v的大小无关B.速度v越大，摩擦力对物体的冲量越大；摩擦力做功与速度v的大小无关C.速度v越大，摩擦力对物体的冲量越小；摩擦力做功越少D.速度v越大，摩擦力对物体的冲量越小；摩擦力做功越多5. 如图，质量为4kg的木板放在光滑水平面上，质量为1kg的物块放在木板上，它们之间有摩擦，木板足够长，最初两者都以4m/s的初速度向相反方向运动，当木板的速度为向右2.5m/s时，物块做（）A.加速运动B.减速运动C.匀速运动D.静止不动6. 如图所示将一光滑的半圆槽置于光滑水平面上，槽的左侧有一固定在水平面上的物块．今让一小球自左侧槽口A的正上方从静止开始落下，与圆弧槽相切自A点进入槽内，则以下结论中正确的是（）A.小球在半圆槽内运动的全过程中，只有重力对它做功B.小球在半圆槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒C.小球自半圆槽的最低点B向C点运动的过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒D.小球离开C点以后，将做竖直上抛运动7. 如图所示，质量为m的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，其水平直径AB长度为2R，现将质量也为m的小球从距A点正上方ℎ0高处由静止释放，然后由A点经过半圆轨道后从B冲出，在空中能上升的最大高度为34ℎ0（不计空气阻力），则（）A.小球和小车组成的系统动量守恒B.小车向左运动的最大距离为12RC.小球离开小车后做斜上抛运动D.小球第二次能上升的最大高度12ℎ0<ℎ<34ℎ08. 如图(a)，一弹簧振子在AB间做简谐运动，O为平衡位置，如图(b)是振子做简谐运动时的位移——时间图像．则关于振子的加速度随时间的变化规律．下列四个图像中正确的是（）A. B.C. D.9. 光滑的水平面叠放有质量分别为m和m2的两木块，下方木块与一劲度系数为k的弹簧相连，弹簧的另一端固定在墙上，如图所示。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
宁国中学2013-2014学年度第一学期高二年级第一次段考
物理试卷
本试卷满分：100分；考试时间：90分钟
一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，请把答案正确填涂在答题卡上；每题4分，总
计40分）
1. 半径相同的两个金属小球A 和B 带有电量相等的电荷，相隔一定距离，两球之间的相互
吸引力的大小是F ，今让第三个半径相同的不带电的金属小球C 先后与A 、B 两球接触后移
开．这时，A 、B 两球之间的相互作用力的大小是 ( )
A. 18F B .14F C .38F D. 34
F
2.由电场强度的定义式E ＝F /q 可知，在电场中的同一点 ( )
A ．电场强度E 跟F 成正比，跟q 成反比
B ．无论检验电荷所带的电量如何变化，F /q 始终不变
C ．不同电荷在电场中某点所受的电场力大小不同，该点的电场强度在不断改变
D ．一个不带电的小球在P 点受到的电场力为零，则P 点的场强一定为零
3. 下列各电场中，A 、B 两点电场强度相同的是 ( )
4. 如图所示，P 、Q 是带等量异种电荷的两个点电荷，PQ 连线的中点为O , a 、b 为中垂
线上的两点． a 、b 两点场强的大小分别为Ea 、Eb ，a 、b 两点电势的大小分别为φa 、
φb ，则有
（ ） A ．E a ＞E b ，φa ＞φb
B ．E a ＞E b ，φa ＝φb
C ．E a ＜E b ，φa ＜φb
D ．
E a ＜E b ，φa ＝φb
5. 在点电荷 Q 形成的电场中有一点A ，当一个带电量为－q 的检验电荷从电场的无限远处
被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电
势分别为 （ ）
A.q W U W A A =-=,ε
B.q
W U W A A -==,ε C.q W U W A A ==,ε D.q
W U W A A -=-=,ε 6. 如图，A 、B 、C 三点都在匀强电场中，已知AC ⊥BC ，∠ABC ＝60°，BC ＝20 cm ．把一个
电量q ＝10－5
C 的正电荷从A 移到B ，电场力做功为零：从B 移到C ，电场力做功为－1.73
×10－3 J ，则该匀强电场的场强大小和方向是 （ ）
A ．865 V ／m ，垂直AC 向左
B ．865 V ／m ，垂直A
C 向右
C ．1000 V ／m ，垂直AB 斜向上
D ．1000 V ／m ，垂直AB 斜向下
7. 如图所示 ，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中．导体处于静电
平衡时，下列说法正确的是 ( )
A ．A 、
B 两点场强相等，且都为零
B ．A 、B 两点场强不相等
C ．感应电荷在A 、B 两点产生的场强E A <E B
D ．当电键S 闭合时，电子从导体沿导线向大地移动
8. 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态。
若将
两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则 ( )
A ．电容器带电量不变
B ．尘埃将向下运动
C ．检流计中有a →b 的电流
D ．检流计中有b →a 的电流
9. 如图所示,让平行板电容器带电后,静电计的指针偏转一定角度,若不改变A 、B 两极板带
的电量而减小两极板间的距离,同时在两极板间插入电介质,那么静电计指针的偏转角度 ： （ ）
A 一定减小
B 一定增大
C 一定不变
D 可能不变
10. 如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板间电压保持不变。
若一带
电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子 （ ）
A.所受重力与电场力平衡
B.电势能逐渐增加
C.动能逐渐增加
D.做匀速直线运动
二、填空题（每小题4分，共16分）
11.若质子H 和ɑ粒子以相同的速度垂直进入同一偏转电场,出电场时,它们的偏转角的正切
之比tg φH ： tg φa =_______,若它们从静止开始经同一加速电场加速后,垂直进入同一偏转
电场,出电场时,偏转角正切之比tg φ′H ： tg φ′a =_______
12.如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，且相邻两等势线间的电势差相等，一正电荷
在等势线U 3上时，具有动能20J ，它运动到等势线U 1时速度为零，令U 2＝0，那么该电荷的
电势能为4J 时，其动能为_______J ．
题7图
题9图
题10图 E 题8图
13. 如图所示，用绝缘细线拴一个质量为m 的小球，小球在竖直向上的场强为E 的匀强电场中的竖直平面内做匀速圆周运动，则小球带 电荷，带电量为 。
14.如图所示，在匀强电场中有a 、b 、c 三点，a 、b 相距4 cm ，b 、c 相距10 cm 。
将一个带
电荷量为2×10－8C 的电荷从a 点移到b 点时，电场力做功为4×10－6J 。
将此电荷从b 点移
到c 点时电场力做功为______J ，a 、c 间电势差为______V 。
三．计算题（总计44分，请把答案写在答题卷上）
15.（10分） 在边长为30cm 的正三角形的两个顶点A ，B 上各放一个带电小球，其中Q 1=4×10-6C ，Q 2=－4×10-6C ，求它们在三角形另一顶点C 处所产生的电场强度。
16.（10分） 如图所示，一光滑斜面的直角点A 处固定一电荷量为＋q 、质量为m 的绝缘小球，另一同样小球置于斜面顶点B 处，已知斜面长为L ，现把上部小球从B 点由静止自由释放，球能沿斜面从B 点运动到斜面底端C 处，求：
（1）小球从B 处开始运动到斜面中点D 处时的速度；
（2）小球运动到斜面底端C 处时，球对斜面的压力大小．
17.（12分） 如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K 发出（初速度不计），经灯丝与A 板间的加速电场加速，加速电压为U 1。
从A 板中心孔沿中心线kO 射出，然后进入两块平行金属板M 、N 形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M 、N 间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P 点。
已知M 、N 两板间的电压为U 2，两板间的距离为d ，板长为L 1，板右端到荧光屏的距离为L 2，电子的质量为m ，电荷量为e 。
求：
（1）电子穿过A 板时的速度大小； （
2）电子从偏转电场射出时的侧移量； （3）P 点到O 点的距离。
题12图
题14图 P O
18.（12分）如图所示，一根光滑绝缘细杆与水平面成α＝30°的角倾斜固定．细杆的一部分处在场强方向水平向右的匀强电场中，场强E＝2×104N/C.在细杆上套有一个带电荷量为q＝－1.73×10－5 C、质量为m＝3×10－2 kg的小球．现使小球从细杆的顶端A由静止开始沿杆滑下，并从B点进入电场，小球在电场中滑至最远处的C点．已知A、B间的距离x1＝
0.4 m，g＝10 m/s2.求：Array (1)小球在B点的速度v B；
(2)小球进入电场后滑行的最大距离x2；
(3)小球从A点滑至C点所用的时间t.
题18图。