2015届甘肃省部分普通高中(嘉峪关市酒钢三中)高三2月第一次联考试题 物理
2015年甘肃省高三物理联考试题(终稿)
2015年甘肃省部分普通高中高三联考物理 试卷本卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分，总分100分。
考试时间120分钟第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题：本题共12小题，共40分。
1～8每小题3分，每题只有一个选项符合题目要求，9～12每小题4分，在每个小题的四个选项中有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分。
1．下列叙述中符合物理史实的是（ ） A ．伽利略提出了日心说B. 亚里士多德否定了力是维持物体运动的原因 C ．奥斯特发现了电流的磁效应D ．牛顿发现了万有引力定律并测定了万有引力常量2. 人用手托着质量为m 的物体，从静止开始沿水平方向加速运动（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是（ ）A ．手对物体的作用力方向竖直向上B ．手对物体的作用力方向水平向前C ．手对物体作用力方向斜向前上方D ．物体所受摩擦力大小为mg μ3. 某物体在一足够大的光滑水平面上向西运动，当它受到一个向南的恒定外力作用时，物体将做（ ）A.匀变速直线运动B.匀变速曲线运动C.曲线运动但加速度方向改变，大小不变，是非匀变速曲线运动D.曲线运动但加速度方向和大小均改变，是非匀变速曲线运动 4.测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B 为测速仪，A为汽车，两者相距335m ，某时刻B 发出超声波，同时A 由静止开始做匀加速直线运动，当B 接收到反射回来的超声波信号时，AB 相距355m ，已知声速340m/s ，则汽车的加速度大小为（ ）A.20m/s 2B. 10m/s 2C.5m/s 2D. 无法计算5.如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的速度0v 同时水平向左与水平向右抛出两个小球A 和B ，两侧斜坡的倾角分别为︒37和︒53，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A 和B 两小球的运动时间之比为（ ）A. 16 ：9B. 9 ：16C.3 ：4D.4 ：36．若各国的人造地球卫星都在不同的轨道上做匀速圆周运动，设地球的质量为M ，地球的半径为R 地．则下述判断正确的是（ ）A ．各国发射的所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的运行速度都不超过地R GM m /=υB ．各国发射的所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的的运行周期都不超过GM/R R 2T m 地地π=C ．卫星在轨道上做匀速圆周运动的圆心不一定与地心重合D ．地球同步卫星做匀速圆周运动的的运行周期等于GM/R R 2地地π7. 将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，t v -图像如图所示,以下判断正确的是( )A ．前s 3内货物处于失重状态B ．最后s 2内货物只受重力作用C ．前s 3内平均速度小于最后s 2内的平均速度D ．最后2s 的过程中货物的机械能增加8.如图所示，A 、B 、C 、D 、E 、F 为正六边形的六个顶点，P 、Q 、M 分别为AB 、ED 、AF 的中点，O 为正六边形的中心。
甘肃省部分普通高中2015届高三2月第一次联考生物试题 Word版含答案
甘肃省部分普通高中2015届高三2月第一次联考生物试卷命题学校：嘉峪关市酒钢三中本试卷分必修和选修两部分，满分为100分。
考试用时120分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答卷密封线内相应的位置上，用2B铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。
2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4．考生必须保持答题卡的整洁和平整。
第一部分必修部分一、选择题(共40分)：本大题共40小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，每小题1分，共40分。
1. 对生命系统认识正确的是( )A．蛋白质、核酸等大分子属于生命系统的一个层次B．生态系统这个层次代表一定自然区域内相互间有直接或间接联系的所有生物C．生物个体中由功能相关的器官联合组成的系统层次，是每种生物个体都具备的D．能完整表现生命活动的最小生命系统是细胞2.下列生物属于原核生物的是（）①发菜②颤藻③酵母菌④放线菌⑤青霉菌⑥变形虫⑦衣藻⑧小球藻⑨大肠杆菌⑩噬菌体A．①②④⑨B．①②④⑨⑩C．①②④⑤⑩ D．②⑤⑨⑩3.下列关于高倍镜使用的叙述中，正确的是( )A.在观察叶绿体时因藓类的叶片大，在高倍镜下易找到，所以可直接使用高倍镜观察B.在观察有丝分裂时只要在低倍镜下找到根尖，即可换用高倍镜观察C.换用高倍镜后，必须先用粗准焦螺旋调焦，再用细准焦螺旋调至物像最清晰D.为了使高倍镜下的视野亮一些，可使用大的光圈或凹面反光镜4.下列有关细胞物质组成的叙述，正确的是（）A．DNA有氢键，RNA没有氢键 B．脂质不参与生命活动的调节C．糖类不参与细胞识别和免疫调节 D．人体活细胞中氧含量最多5．结构与功能的统一性是生物学的基本观点之一。
2015届甘肃省部分普通高中(嘉峪关市酒钢三中)高三2月第一次联考试题 化学
2015届甘肃省部分普通高中（嘉峪关市酒钢三中）高三2月第一次联考试题化学命题学校：嘉峪关市酒钢三中第I卷（选择题共46分）相对原子质量：：H—1 C —12 N —14 O —16 Na —23 Mg —24 Al —27 S —32 Cl —35.5 Fe—56 Cu—64 Br —80 Ag —108 Ti —48 Ca—40一、单项选择题（每题2分，共46分，每小题只有一个选项符合题意）1、化学与社会、生活密切相关，下列说法正确的是A、“歼-20”飞机上使用的碳纤维是一种新型的有机高分子材料B、工业上通常用电解Na、Mg、Al对应的氯化物制取该三种金属单质C、Fe3O4俗称铁红，常做红色油漆和涂料D、燃料电池的燃料都在负极发生氧化反应2.等物质的量的X(g)与Y(g)在密闭容器中进行反应：X(g)+2Y(g)⇌3Z(g)+Q(s)△H >0，下列叙述正确的是：A、当容器中X与Y的物质的量的比满足1：2时反应达到平衡B、达到平衡时X的转化率为25%，则平衡常数K值为9/4C、达到平衡后，反应速率2V正(Y)=3 V逆(Z)D、达到平衡后，加入Q，平衡逆向移动3．下列化学用语只能用来表示一种微粒的是：A． B．C．CH4O D．C4．欲证明一瓶无色液体是纯水，可靠的实验方法是：A．测得其pH=7 B．电解时得到H2与O2的体积比为2：1C．遇钠生成氢气 D．1.01× 105Pa时沸点为100℃5．常温下，下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是：A．使甲基橙变红的溶液：Fe2＋、K＋、SO42－、NO3－B．加入铝粉产生氢气的溶液：Na＋、K＋、SO42－、Cl－C．0.1 mol·L－1NaAlO2溶液：Al3＋、Na＋、Cl－、NO3－D．水电离出的c(H＋)＝10－12mol·L－1的溶液：Na＋、K＋、NH4＋、CO32－6．下列实验事实不能用勒沙特列原理解释的是：7．有五种饱和溶液①Ba(NO3)2②Ca(OH)2③NaAlO2④Na2CO3⑤NH3和NaCl，分别持续通入CO2，最终得到沉淀或析出晶体的是：A．①②③④⑤ B．②③④⑤ C．③④⑤ D．③④8．将40℃的饱和硫酸铜溶液升温至50℃，或者温度仍保持在40℃而加入少量无水硫酸铜，在这两种情况下均保持不变的是：A．硫酸铜的溶解度 B．溶液的质量C．溶液中溶质的质量分数D．溶液中Cu 2的数目9．关于三种有机物叙述错误的是（—SH的性质类似于—OH）：A．都能发生酯化反应B．都能与NaOH反应C．甲的苯环上的一氯代物有4种D．丙的分子式为C10H15ON，苯环上的一氯代物有3种10．元素周期表中短周期的一部分如右图，关于X、Y、Z、W、Q说法正确的是：A. 元素Y 与元素Z 的最高正化合价之和的数值等于9B. 原子半径的大小顺序为：W ＞Z ＞YC. 离子半径的大小顺序为：W 2-＞Y 2-＞Z 3+D. W 的气态氢化物的热稳定性和还原性均比Q 强11．向含S 2—、Fe 2+、Br —、I —各0.1mol 的溶液中通入Cl 2，通入Cl 2的体积（标准状况）和溶液中相关离子的物质的量关系图正确的是 ：12．某苯的衍生物，含有两个互为对位的取代基，其分子式为C 8H 10O ，其中不跟NaOH 溶液反应的衍生物种类有： A ．2种 B ．3种 C ．4种 D ．5种 13．常温时，将某浓度的CH 3COOH 溶液与pH ＝13的NaOH 溶液等体积混合后，恰好完全反应生成盐和水(若混合体积变化忽略不计)，则下列有关所得混合液的说法正确的是： A ．混合后溶液pH ＝7B ．所得混合溶液中c (Na ＋)>c (CH 3COO －)>c (H ＋)>c (OH －)C ．所得混合溶液中存在c (CH 3COOH)＋c (CH 3COO －)＝0.05 mol·L －1D ．混合后溶液中存在c (Na ＋)＋c (H ＋)＝c (CH 3COOH)＋c (CH 3COO －) 14．已知：2H 2(g)＋O 2(g)===2H 2O(l) ΔH ＝－571.6 kJ·mol －1 2CH 3OH(l)＋3O 2(g)===2CO 2(g)＋4H 2O(l) ΔH ＝－1452 kJ·mol －1 H＋(aq)＋OH－(aq)===H 2O(l)ΔH ＝－57.3 kJ·mol －1下列说法正确的是： A ．H 2(g)的燃烧热为571.6 kJ·mol －1B ．同质量的H 2(g)和CH 3OH(l)完全燃烧，H 2(g)放出的热量多C ．H 2SO 4(aq)＋Ba(OH)2(aq)===BaSO 4(s)＋H 2O(l) ΔH ＝－57.3 kJ·mol－1D ．3H 2(g)＋CO 2(g)=CH 3OH(l)＋H 2O(l) ΔH ＝＋135.9 kJ·mol －115. 液体燃料电池相比于气体燃料电池具有体积小等优点。
甘肃省嘉峪关一中届高三一模(物理)doc
嘉峪关市第一中学高三年级第一次模拟考试物理试卷（时间90分钟 总分100分一．选择题（本题共10小题，全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，共40分。
全卷重力加速度均取g=10m/s 2）1．两个力F 1和F 2间的夹角为α，它们的合力为F 。
以下说法中正确的是A ．合力F 一定比F 1、F 2都大B ．合力F 一定等于两个分力之和C ．合力F 至少比F 1、F 2中的一个大D ．合力F 的作用效果与F 1和F 2的共同作用效果相同2．一辆公共汽车刚起步一小段时间后，发现一乘客未上车，司机立即采取制动措施。
若此过程中汽车的运动在一条直线上，其速度---时间图象如图所示。
那么，对于0-2t 和2t-3t 两段时间内，下列说法中正确的是A ．加速度大小之比为1：2B ．位移大小之比为2：1C ．平均速度大小之比为1：2D ．平均速度大小之比为2：13．质量为m 的木块在推力F 的作用下，在水平地面上做匀速运动（如图），木块与地面间的动摩擦因数为μ，那么木块受到的滑动摩擦力是 A ：μmg B ：μ(mg+Fsin θ) C ：μ(mg-Fsin θ) D ：Fcos θ4. 物体从距地面某高处开始做自由落体运动，若下落前一半路程所用的时间为t ，则物体下落全程所用的时间为A ．t 2 B. t 4 C. t 2 D. t 225．如右图所示,在细绳的一点用水平力F 1缓慢拉动重物,在θ角逐渐增大的过程中A. F 2变小, F 1变大B. F 2变大, F 1变小C. F 1、 F 2都变大D. F 1 、F 2都变小６．如图所示，物体M 通过与斜面平行的细绳与小物体m 相连，斜面的倾角α可以改变，讨论M 对斜面的摩擦力的大小,则有A.若M 保持静止，则ａ越大,摩擦力越大B.若M 保持静止，则ａ越大,摩擦力越小C.若M 沿斜面下滑，则ａ越大,摩擦力越大D.若M 沿斜面下滑，则ａ越大,摩擦力越小７．轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，电梯中有质量为50 kg 的乘客，在电梯运行时乘客发现轻质弹簧的伸长量是电梯静止时轻质弹簧伸长量的一半.这一现象表明A.电梯此时可能正以1 m/s 2的加速度加速上升，也可能是以1 m/s 2的加速度减速下降B.电梯此时不可能是以1 m/s 2的加速度减速上升，只能是以5 m/s 2的加速度加速下降C.电梯正以5 m/s 2的加速度加速上升，也可能是以5 m/s 2的加速度减速下降D.不论电梯此时是上升还是下降，也不论电梯是加速还是减速，乘客对电梯地板的压力大小一定是250 N８．如图所示，质量为m 的木块P 在质量为M 的长木板ab 上滑行，长木板放在水平地面上一直处于静止状态。
甘肃省2015年高三第一次诊断考试理综物理试题
甘肃省2015年高三第一次诊断考试理综物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中．第14—18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分-选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．在物理学的研究及应用过程中涉及诸多的思想方法，如理想化模型法、放大法、极限法、控制变量法、假设法、类比法、比值法等等。
以下关于所用思想方法的叙述错误的是A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是假设法B．速度的定义式xvt，采用的是比值法；当△t非常非常小时，xt就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，应用了极限法C．在探究电流、电压和电阻三者之间的关系时，先保持电压不变研究电流与电阻的关系再保持电阻不变研究电流与电压的关系，该实验应用了控制变量法D．下图是三个实验装置，这三个实验中都体现了放大法15．汽车在平直路面以10m/s的速度匀速驶向十字路口，当行驶至距路口停车线20m处时，绿灯还有3s熄灭，若从此刻开始计时，该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的v-t图像可能是下图中的16．“太空涂鸦”技术的基本物理模型是：原来在较低圆轨道运行的攻击卫星在从后方接近在较高圆轨道上运行的侦察卫星时，准确计算轨道并向其发射“漆雾”弹，“漆雾”弹在临近侦察卫星时，压爆弹囊，让“漆雾”散开并喷向侦察卫星，喷散后强力吸附在侦察卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上，使之暂时失效。
下列说法正确的是A．攻击卫星在原轨道上运行的线速度大于7.9 km/sB．攻击卫星在原轨道上运行的线速度比侦察卫星的线速度小C．攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速才能返回低轨道上D．若攻击卫星周期已知，结合万有引力常量就可计算出地球质量17.如图所示，一个半球形的碗固定在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内表面及碗口光滑。
一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m 1和m 2的小球。
【整理 】2015届高三年联考物理试卷 Word版含答案
2015届高三第一次联考物理试题本卷满分：100分，考试时间：90分钟第I 卷(选择题共36分)一、选择题(本题共12题，每小题3分，共36分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1．关于物理学的研究方法，以下说法错误的是（ ）A ．伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B ．质点、点电荷、重心的概念用了“理想化模型”的方法C ．电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D ．合力与分力、总电阻用的是“等效替代”的方法2．如图所示，在一内壁光滑的半圆球壳内有两个可视为质点的小球用 一劲度系数为k 的轻弹簧连接着，已知球壳固定且内半径为R ，两 小球质量均为m.两小球与弹簧静止时处在同一水平线上，小球与球 壳球心连线与水平方向成θ角，弹簧形变在弹性限度范围内，则弹簧的原长为 ( ) A ．mg ktan θB. mg2ktan θC ．mgktan θ＋2Rcos θD. mg2ktan θ＋2Rcos θ3．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v-t 图象如图所示，由图可知( )A ．甲比乙运动得快，且早出发，所以乙追不上甲B ．t=20s 时，乙追上了甲C ．t=10s 时，甲与乙间的间距最大D ．在t=20s 之前，甲比乙运动得快，t=20s 之后乙比甲运动得快4．如图所示，小球以V o 正对倾角为 的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则飞行时间t 为（重力加速度为g ）( )5．如图所示，足够长的水平传送带以v 0=2m/s 的速度匀速运行。
t =0时，在最左端轻放一质量为m 的小滑块，t =2s 时，传送带突然制动停下。
已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2。
下列关于滑块相对地面运动的v -t 图像正确的是（ ）10 2010 20 30 t/sv/m s -1 甲 乙6．如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab =U bc ，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知以下说法中不正确的是（ ） A ．三个等势面中，a 的电势最高 B ．带电质点通过P 点时的电势能比Q 点大 C ．带电质点通过P 点时的动能比Q 点大D ．带电质点通过P 点时的加速度比Q 点大 7．质量为m 的探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动．已知月球质量为M ，月球半径为R ，月球表面重力加速度为g ，引力常量为G ，不考虑月球自转的影响，则航天器的 ( ) A ．线速度v ＝GMRB ．角速度ω＝gRC ．运行周期T ＝2πg RD ．向心加速度a ＝2R Gm8．如图所示，一张薄纸板放在光滑水平面上，其右端放有小木块，小木块与薄纸板的接触面粗糙，原来系统静止。
甘肃省嘉峪关市酒钢三中2015_2016学年高二物理上学期期末考试试题
嘉峪关市酒钢三中2015~2016学年第一学期期末考试高二物理试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分100分，考试用时120分钟第Ⅰ卷（选择题，共46分）一、单项选择题（每小题只有一个正确答案；3×10=30分）1. 对于电流和电动势概念的理解下列正确的是( )A. 电动势就是电源两极的电压B. 电压U ＝W /q 和电动势E ＝W/q 中的W 是一样的，都是静电力所做的功C. 在电源内部正电荷由负极流向正极，负电荷由正极流向负极D. 一段金属导体中单位体积内的自由电子数目越多则形成的电流越大2. 一粗细均匀的镍铬丝，长为L ，电阻为R ．把它拉制成长为2L 的均匀细丝后，它的电阻变为（ ）A.RB.2RC.3RD.4R3. 如图所示的电路中，各个电阻都是2 Ω，电流表内阻不计，在B 、C 两点间加3 V 电压时，则电流表的示数为( )A ．0.5 AB ．1 AC ．1.5 AD ．2 A4. 用伏安法测电阻时，电流表有两种接法，如图甲、乙所示，则下列说法正确的是（ ）①用甲图测量时，误差主要是由于电流表的分压作用造成的②用乙图测量时，误差主要是由于电流表的分压作用造成的③若待测电阻的阻值远远大于电流表的阻值, 采用图甲测量的误差较小④若待测电阻的阻值远远小于电压表的阻值，采用图甲测量的误差较小．A ． ①③B ．②④C ． ①④D ． ②③5. 在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动片向上移动时，关于灯泡A 的亮度及电容器C 所带电量Q 的变化判断正确的是( ) A ．灯泡A 变亮，Q 增大 B ．灯泡A 变亮，Q 减小 C ．灯泡A 变暗，Q 增大 D ．灯泡A 变暗，Q 减小6. 两根由同种材料制成的均匀电阻丝A 、B 并联在电路中，A 的长度为L ，直径为d ；B 的长度为2L ，直径为2d ，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为（ ）A. Q A ：Q B =2：1B. Q A ：Q B =1：2C. Q A ：Q B =1：1D. Q A ：Q B =4：17. 如图所示，a 、b 分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是（ ）A. a 代表的电阻丝较粗B. b 代表的电阻丝较粗C. a 电阻丝的阻值小于b 电阻丝的阻值D. 图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比08. 水平放置的一根直导线通有水平向右的电流，在其正上方的小磁针N 极将（ ）A ．向右平移B ．向左平移C ．垂直纸面向外转D ．垂直纸面向里转9. 弹簧测力计下挂一条形磁铁,其中条形磁铁N 极一端位于未通电的螺线管正上方,如图所示,下列说法正确的是（）A. 若将a接电源正极,b接电源负极,弹簧测力计示数将不变B. 若将a接电源正极,b接电源负极,弹簧测力计示数将增大C. 若将b接电源正极,a接电源负极,弹簧测力计示数将减小D. 若将b接电源正极,a接电源负极,弹簧测力计示数将增大10. 如图所示，长为L，质量为m的两导体棒a、b，a被放置在光滑斜面上，b固定在距a 为x距离的同一水平面处，且a、b水平平行，设θ=45°，a、b均通以强度为I的同向相等电流时，a恰能在斜面上保持静止，则b的电流在a处所产生的磁场的磁感应强度B的大小为（）A. B. C. D.二、多项选择题（每小题至少有一个选项是正确的，漏选得2分，错选和不选得零分，4×4=16分）11. 如图所示的U﹣I图象中，直线I为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图象可知（）A.电源的内阻为0.5ΩB.电源的总功率为1.5wC.电源的输出功率为1.5wD.电源内部消耗功率为1.5w12. 下列说法正确的是（）A．根据I＝U/R可知，导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比B．根据R＝U/I可知，导体的电阻与导体两端的电压成正比，与通过导体的电流成反比C．欧姆定律适用于金属导体导电，电解液导电，电离后气体导电，或者是晶体二级管，晶体三极管导电D．欧姆定律只适用于纯电阻电路13. 如图所示，平行板电容器的两板与电源相连，板间同时有电场和垂直纸面向里的匀强磁场B，一个带电荷量为+q的粒子以v0为初速度从两板中间沿垂直电磁场方向进入，穿出时粒子的动能减小了，若想使这个带电粒子以v0沿原方向匀速直线运动穿过电磁场，可采用的办法是（）A. 减小平行板的正对面积B. 增大电源电压C. 减小磁感应强度BD. 增大磁感应强度B14. 回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D 形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A.增大匀强电场间的加速电压B.增大磁场的磁感应强度C.减小狭缝间的距离D.增大D形金属盒的半径第Ⅱ卷（非选择题，共54分）三、填空题（每空2分，2×8=16分，总分16分）15. 有一只电流计，已知其I g=500μA，R g=100Ω，现欲改装成量程为6V的电压表，则应该_____ 联_________Ω的电阻．16. 用多用电表测量一个电阻的阻值．将选择开关置于“×1K”挡时，指针位置如图(a)所示，则测量的电阻阻值为Ω。
甘肃省嘉峪关市第一中学2015届高三第三次模拟考试物理试题
嘉峪关市第一中学2015届高三第三次模拟考试物理试题一．选择题（本题共12小题，其中1—8小题是单选题，9—12小题是多选题，全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，共48分）1. 在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。
关于科学家和他们的贡献，下列说法不正确的是A. 开普勒发现了行星运动的规律B. 卡文迪许通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献2．如图所示，轮滑运动员从较高的弧形坡面上滑到A处时，沿水平方向飞离坡面，在空中划过一段抛物线后，再落到倾角为θ的斜坡上，若飞出时的速度大小为v0则A.运动员落到斜坡上时，速度方向与坡面平行B．运动员落回斜坡时的速度大小是θcosvC．运动员在空中经历的时间是D．运动员的落点B与起飞点A的距离是θθ22cossin2gv3．如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m 的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动。
若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图乙所示。
其中OA段为直线，切于A点的曲线AB和BC都是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是A．0,==AAahxB．gahxAA>=,C．0,=+=BBakmghx D．0,2=+=ccakmghx4．如图1所示，一个物体放在粗糙的水平地面上。
从t=0时刻起，物体在水平力F作用下由静止开始做直线运动。
在0到t0时间内物体的加速度a随时间t的变化规律如图2所示。
已知物体与地面间的动摩擦因数处处相等。
则A．在0到t0时间内，物体的速度逐渐减小B．t0时刻，物体速度增加到最大值图1图2θV0C ．在0到t 0时间内，物体做匀变速直线运动D ．在0到t 0时间内，力F 大小保持不变5．如图所示，物块A 、B 叠放在粗糙的水平桌面上，水平外力F 作用在A 上，使A 、B 一起沿水平桌面向右加速运动。
甘肃省高考物理二诊试卷(含解析)
甘肃省2015届高考物理二诊试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）下列有关物理学史或物理理论的说法，其中错误的是（）A．牛顿第一定律涉及了两个重要的物理概念：力和惯性B．“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”，这里使用的是归纳法C．麦克斯韦电磁场理论认为：周期性变化的电场和磁场是相互联系、不可分割的，统称为电磁场，它具有能量，以有限的速度﹣﹣光速传播D．伽利略通过实验和合理的推理提出质量并不是影响落体运动快慢的原因2．（6分）电影《智取威虎山》中有精彩而又刺激的解放军战士滑雪的镜头．假设某战士从弧形的雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到倾斜的雪坡上，如图所示，若倾斜的雪坡倾角为θ，战士飞出时的水平速度大小为v0，且他飞出后在空中的姿势保持不变，不计空气阻力，重力加速度为g，则（）A．如果v0不同，该战士落到雪坡时的位置不同，速度方向也不同B．如果v0不同，该战士落到雪坡时的位置不同，但空中运动时间相同C．该战士刚要落到雪坡上时的速度大小是D．该战士在空中经历的时间是3．（6分）在静止的液体中下落的物体由于阻力随物体的速度的增大而增大，所以最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度．一个铁球质量为m，用手将它完全放人足够深的水中后由静止释放，最后铁球的收尾速度为v，若铁球在水中所受浮力保持不变恒为F，重力加速度为g．则关于该铁球，下列说法正确的是（）A．若测得它从释放至达到收尾速度所用时间为t，则它下落的位移一定为B．若测得它下落高度为h时的加速度大小为a，则此刻它的速度为C．若测得某时刻它的加速度大小为a，则此刻它受到的水的阻力为m（a+g）﹣FD．若测得它下落t时间通过的位移为y，则该过程的平均速度一定为4．（6分）如图所示，滑块以速率v1，沿固定斜面由底端向上滑行，至某一位置后返回，回到出发点时的速率变为v2，且v2＜v1，则下列说法正确的是（）A．滑块在上滑过程中机械能减少，在下滑过程中机械能增加B．在上滑和下滑两过程中，重力做的功相同C．在上滑和下滑两过程中，摩擦力做的功相同D．在上滑和下滑两过程中，摩擦力的平均功率相等5．（6分）如图所示，空间存在垂直纸面向里的匀强磁场，从P点平行直线MN射出的a、b 两个带电粒子，它们从P点射出开始计时到第一次到达直线MN所用的时间相同，到达MN时速度方向与MN的夹角分别为60°和90°，不计重力以及粒子间的相互作用力，则两粒子速度大小之比v a：v b为（）A．2：1 B．3：2 C．4：3 D．：6．（6分）磁流体发电是一项新兴技术．如图所示，平行金属板之间有一个很强的匀强磁场，将一束含有大量正、负带电粒子的等离子体，沿图中所示方向以一定速度喷人磁场．图中虚线框部分相当于发电机．把两个极板与用电器相连，则（）A．用电器中的电流方向从A到BB．用电器中的电流方向从B到AC．若只增强磁场，发电机的电动势增大D．若只增大喷人粒子的速度，发电机的电动势增大7．（6分）如图所示，极地卫星的运行轨道平面通过地球的南、北两极（轨道可视为圆轨道，图中外围虚线），若测得一个极地卫星从北纬30°的正上方，按图示方向（图中逆时针方向）第一次运行至南纬60°正上方时所用时间为t，已知：地球半径为R（地球可看做球体），地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，由以上条件可以求出（）A．卫星运动的周期B．卫星距地面的高度C．卫星质量D．卫星所受的向心力8．（6分）一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E随位移x变化的关系如图所示，其中0﹣x2段是对称的曲线，x2～x3段是直线，则下列说法正确的是（）A．x1处电场强度为正值B．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3C．粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动D．x2～x3段是匀强电场三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题一第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）在《验证机械能守恒定律》实验中，两实验小组同学分别采用了如图甲和乙所示的装置，用两种不同的实验方案进行实验．①在甲图中，下落物体应选择密度较大的重物；在乙图中，两个重物的质量关系是：m1．m2（选填“＞”、“=”或“＜”）；②若采用图乙的方案进行实验，除图中的器材外，还需要的实验器材有：频率为50Hz交流电源、刻度尺和，③某次实验所打纸带如图丙所示，O为第一个点，A、B、C、D点到O点的距离已标出，打点时间间隔为0.02s，则记录C点时，重物速度v c=m/s．．10．（9分）测量电源的电动势E及内阻r（E约为4.5V，r约为1.5Ω）．器材：量程为3V的理想电压表V，量程为0.5A的电流表A（具有一定内阻），固定电阻R=4Ω，滑动变阻器R′，开关K，导线若干．①画出实验电路原理图，图中各元件需用题目中所给出的符号或字母标出．②实验中，当电流表读数为I1时，电压表读数为U1；当电流表读数为I2时，电压表读数为U2，则可以求出E=，r=．（用I1，I2，U l，U2及R表示）11．（12分）一劲度系数k=800N/m的轻质弹簧两端分别连接着质量均为12kg的物体A、B，将它们竖直静止放在水平面上，如图所示．现将一竖直向上的变力F作用在A上，使A开始向上做匀加速运动，经0.40s物体B刚要离开地面．g=10m/s2，试求：（1）物体B刚要离开地面时，A物体的速度v A；（2）此过程中物体A重力势能的改变量．12．如图所示，一个边缘带有凹槽的金属圆环，沿其直径装有一根长2L的金属杆AC，可绕通过圆环中心的水平轴O转动．将一根质量不计的足够长细绳一端固定于槽内并将绳绕于圆环槽内，绳子的另一端悬挂了一个质量为m的物体．圆环的一半处在磁感应强度为B，方向垂直环面向里的匀强磁场中．现将物体由静止释放，若金属圆环和金属杆单位长度的电阻均为R．忽略所有摩擦和空气阻力．（1）设某一时刻圆环转动的角速度为ω0，且OA边在磁场中，请求出此时金属杆OA产生电动势的大小；（2）请求出物体在下落中可达到的最大速度；（3）当物体下落达到最大速度后，金属杆OC段刚要进入磁场时，杆的A、O两端之间电压多大？(二）选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答[物理--选修3-3]（15分）13．（5分）下列说法正确的是（）A．只知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，不能计算出阿伏加德罗常数B．硬币或钢针能浮于水面上，是由于液体表面张力的作用C．晶体一定具有固定的熔点、规则的几何外形和物理性质的各向异性D．影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和气压的差距E．随着科技的发展，将来可以利用高科技手段，将散失在环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化14．（10分）如图物所示，绝热气缸封闭一定质量的理想气体，被重量为G的绝热活塞分成体积相等的M、N上下两部分，气缸内壁光滑，活塞可在气缸内自由滑动．设活塞的面积为S，两部分的气体的温度均为T0，M部分的气体压强为p0，现把M、N两部分倒置，仍要使两部分体积相等，需要把M的温度加热到多大？[物理--选修3-4]15．一列简谐横波沿直线传播．以波源O由平衡位置开始振动为计时零点，质点A的振动图象如图所示，已知O、A的平衡位置相距0.9m，则该横波波长为m，波速大小为m/s，波源的起振方向是沿y轴方向（选填“正”或“负”）．16．1966年33岁的华裔科学家高锟首先提出光导纤维传输大量信息的理论，43年后高锟因此获得2009年诺贝尔物理学奖．如图所示一长为L的直光导纤维，外套的折射率为n1，内芯的折射率为n2，一束单色光从图中O1点进入内芯斜射到内芯与外套的介质分界面M点上恰好发生全反射，O1O2为内芯的中轴线，真空中的光速为c．求：Ⅰ．该单色光在内芯与外套的介质分界面上恰好发生全反射时临界角C的正弦值；Ⅱ．该单色光在光导纤维中的传播时间．[物理--选修3-5]17．根据玻尔理论，氢原子的电子从能量为E的轨道跃迁到能量为E′的轨道，会辐射出波长为λ的光，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，则E′，该氢原子的电子绕核运转的动能会（选填“增大”、“减小”或“不变”）．18．人站在小车上和小车一起以速度v0沿光滑水平面向右运动．地面上的人将一小球以速度v沿水平方向向左抛给车上的人，人接住后再将小球以同样大小的速度v水平向右抛出，接和抛的过程中车上的人和车始终保持相对静止．重复上述过程，当车上的人将小球向右抛出n次后，人和车速度刚好变为0．已知人和车的总质量为M，求小球的质量m．甘肃省2015届高考物理二诊试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）下列有关物理学史或物理理论的说法，其中错误的是（）A．牛顿第一定律涉及了两个重要的物理概念：力和惯性B．“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”，这里使用的是归纳法C．麦克斯韦电磁场理论认为：周期性变化的电场和磁场是相互联系、不可分割的，统称为电磁场，它具有能量，以有限的速度﹣﹣光速传播D．伽利略通过实验和合理的推理提出质量并不是影响落体运动快慢的原因考点：物理学史．分析：牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态．牛顿第一定律又称惯性定律．电场和磁场都是一种客观存在的物质，是相互联系的，统称为电磁场．伽利略的观点是：力是改变物体运动状态的原因，物体下落的快慢与物体的轻重没有关系．解答：解：A、牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，牛顿第一定律揭示了力和运动的关系：力是改变物体运动状态的原因，阐明了惯性的概念：物体具有的保持原来运动状态的性质，所以牛顿第一定律又称惯性定律．故A正确．B、“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”．采用的是假设法，故B错误．C、根据麦克斯韦电磁场理论得知电场和磁场是一种客观存在的物质，是相互联系的，统称为电磁场．它们都具有能量和动量，在真空中传播速度等于光速，故C正确．D、伽利略通过实验和合理的推理提出物体下落的快慢与物体的轻重没有关系，即质量并不影响落体运动快慢．故D正确．本题选错误的，故选：B点评：本题关键要理解并记住牛顿第一定律、麦克斯韦电磁场理论和伽利略对自由落体运动的研究成果，即正确理解科学家的观点以及其实验，即可轻松解答．2．（6分）电影《智取威虎山》中有精彩而又刺激的解放军战士滑雪的镜头．假设某战士从弧形的雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到倾斜的雪坡上，如图所示，若倾斜的雪坡倾角为θ，战士飞出时的水平速度大小为v0，且他飞出后在空中的姿势保持不变，不计空气阻力，重力加速度为g，则（）A．如果v0不同，该战士落到雪坡时的位置不同，速度方向也不同B．如果v0不同，该战士落到雪坡时的位置不同，但空中运动时间相同C．该战士刚要落到雪坡上时的速度大小是D．该战士在空中经历的时间是考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：该战士离开平台做平抛运动，抓住竖直位移和水平位移的关系得出运动的时间，结合速度方向与水平方向夹角和位移方向与水平方向夹角的关系得出速度的方向．解答：解：AD、根据tanθ===，解得平抛运动的时间为：t=．则水平位移为：x=v0t=，知初速度不同，水平位移不同，落点位置不同．因为速度与水平方向的夹角正切值为：tanα===2tanθ，因为θ为定值，则速度与水平方向的夹角α为定值，则落在斜面上的速度方向相同．故A错误，D正确．B、由t=知，v0不同，该战士落到雪坡时的位置不同，在空中运动时间也不同，故B错误．C、该战士刚要落到雪坡上时的速度大小为：v=≠，故C错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及知道速度方向与水平方向夹角的正切值是位移方向与水平方向夹角正切值的2倍．3．（6分）在静止的液体中下落的物体由于阻力随物体的速度的增大而增大，所以最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度．一个铁球质量为m，用手将它完全放人足够深的水中后由静止释放，最后铁球的收尾速度为v，若铁球在水中所受浮力保持不变恒为F，重力加速度为g．则关于该铁球，下列说法正确的是（）A．若测得它从释放至达到收尾速度所用时间为t，则它下落的位移一定为B．若测得它下落高度为h时的加速度大小为a，则此刻它的速度为C．若测得某时刻它的加速度大小为a，则此刻它受到的水的阻力为m（a+g）﹣FD．若测得它下落t时间通过的位移为y，则该过程的平均速度一定为考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：小球在运动的过程中，做加速度逐渐减小的加速运动，达到收尾速度后做匀速直线运动，不能运用匀变速直线运动的运动学公式和推论进行求解，根据牛顿第二定律求出小铁球下落时受到水的阻力大小．解答：解：A、小球释放到达收尾速度过程中，阻力增大，加速度减小，做加速度减小的加速运动，不能通过匀变速直线运动的运动学公式和推论进行求解．故A错误．B、因为该过程中的加速度在变化，不能通过v2=2ah求解小球的速度．故B错误．C、根据牛顿第二定律得，mg﹣F﹣f=ma，解得小铁球受到水的阻力f=mg﹣F﹣ma．故C错误．D、根据平均速度的定义式，位移为y，时间为t，则平均速度为．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键知道铁球在下落过程中的运动规律，注意小球所做的运动不是匀变速运动．4．（6分）如图所示，滑块以速率v1，沿固定斜面由底端向上滑行，至某一位置后返回，回到出发点时的速率变为v2，且v2＜v1，则下列说法正确的是（）A．滑块在上滑过程中机械能减少，在下滑过程中机械能增加B．在上滑和下滑两过程中，重力做的功相同C．在上滑和下滑两过程中，摩擦力做的功相同D．在上滑和下滑两过程中，摩擦力的平均功率相等考点：功能关系；功的计算．分析：物体一直克服摩擦力做功，机械能一直减小．根据用平均速度列出上滑与下滑过程的位移表达式，比较时间关系；物体上滑和下滑过程所受的滑动摩擦力大小相等，摩擦力做功相等．解答：解：A、因为v2＜v1，说明物体受到滑动摩擦力，摩擦力方向与物体运动方向相反，所以物体一直克服摩擦力做功，其机械能一直减小．故A错误．B、设滑块升高的最大高度是H，则上升的过程中重力做功：W=﹣mgH，下降的过程中重力做功为W=mgH，二者不相等．故B错误．C、D、设斜面的长度为L，上滑与下滑所用时间分别为t1和t2．则：L=，L=因为v2＜v1，则得t2＞t1，即下滑时间较长；设物体的质量为m，动摩擦因数为μ，斜面的长度为L，倾角为α，则上滑过程中摩擦力做功为W f=﹣μmgcosα•L，下滑过程中摩擦力做功为W f=﹣μmgcosα•L，可见，在上滑和下滑两过程中，摩擦力做功相等．在上滑和下滑两过程中，摩擦力做的功相同，而时间不同，所以摩擦力的平均功率不相等．故C正确，D错误．故选：C．点评：本题关键要正确理解功和能关系，知道摩擦力做功与路程有关；机械能的变化与除重力、弹力以外的力做功有关．5．（6分）如图所示，空间存在垂直纸面向里的匀强磁场，从P点平行直线MN射出的a、b 两个带电粒子，它们从P点射出开始计时到第一次到达直线MN所用的时间相同，到达MN时速度方向与MN的夹角分别为60°和90°，不计重力以及粒子间的相互作用力，则两粒子速度大小之比v a：v b为（）A．2：1 B．3：2 C．4：3 D．：考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：做出粒子的轨迹，由几何知识得到粒子的半径之比，进而由牛顿第二定律得到速度表达式，得到速度之比．解答：解：两粒子做圆周运动的轨迹如图：设P点到MN的距离为L，由图知b的半径为：R b=L，对于a粒子的半径：L+R a cos60°=R a得：R a=2L即两粒子的速度之比为R a：R b=2：1…①；粒子做圆周运动的周期为：T=由题有：•=•得两粒子的比荷为：：=…②粒子的洛伦兹力提供向心力，有：qvB=m得：R=…③联立①②③得：=故选：C．点评：本题关键是明确粒子做匀速圆周运动，周期T相同，画出轨迹后，根据公式t=T求出时间，作出粒子的运动轨迹是正确解题的关键．6．（6分）磁流体发电是一项新兴技术．如图所示，平行金属板之间有一个很强的匀强磁场，将一束含有大量正、负带电粒子的等离子体，沿图中所示方向以一定速度喷人磁场．图中虚线框部分相当于发电机．把两个极板与用电器相连，则（）A．用电器中的电流方向从A到BB．用电器中的电流方向从B到AC．若只增强磁场，发电机的电动势增大D．若只增大喷人粒子的速度，发电机的电动势增大考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：本题的关键是动态分析过程，先根据左手定则判断出正离子（或负离子）受到的洛伦兹力方向，从而判断出金属板电势的高低，进一步分析离子除受洛伦兹力外还受到电场力，最终二者达到平衡，得出结论．解答：解：AB、首先对等离子体进行动态分析：开始时由左手定则判断正离子所受洛伦兹力方向向上（负离子所受洛伦兹力方向向下），则正离子向上板聚集，负离子则向下板聚集，两板间产生了电势差，即金属板变为一电源，且上板为正极下板为负极，所以通过用电器的电流方向从A到B，故A正确，B错误；CD、此后的正离子除受到向上的洛伦兹力f外还受到向下的电场力F，最终两力达到平衡，即最终等离子体将匀速通过磁场区域，因f=qvB，F=q，则qvB=q，解得E=Bdv，所以电动势E与速度v及磁场B成正比，所以C、D正确．故选：ACD．点评：正确受力分析和运动过程分析是解决动力学问题的关键，先根据左手定则判断等离子体的正离子（或负离子）所受洛伦兹力的方向，从而知道金属板的电势高低，进一步受力分析结合牛顿第二定律可得出最终等离子体做匀速直线运动，根据洛伦兹力等于电场力即可得出结论．7．（6分）如图所示，极地卫星的运行轨道平面通过地球的南、北两极（轨道可视为圆轨道，图中外围虚线），若测得一个极地卫星从北纬30°的正上方，按图示方向（图中逆时针方向）第一次运行至南纬60°正上方时所用时间为t，已知：地球半径为R（地球可看做球体），地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，由以上条件可以求出（）A．卫星运动的周期B．卫星距地面的高度C．卫星质量D．卫星所受的向心力考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：地球表面重力等于万有引力，卫星运动的向心力由地球对卫星的万有引力提供，据此展开讨论即可．解答：解：A、卫星从北纬30°的正上方，第一次运行至南纬60°正上方时，刚好为运动周期的，所以卫星运行的周期为4t，故A正确；B、知道周期、地球的半径，由，可以算出卫星距地面的高度，故B正确；C、通过上面的公式可以看出，只能算出中心天体的质量，不能计算出卫星的质量，以及卫星受到的向心力．故C错误，D错误．故选：AB．点评：该题考查万有引力定律的应用，灵活运动用重力和万有引力相等以及万有引力提供圆周运动的向心力是解决本题的关键．8．（6分）一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E随位移x变化的关系如图所示，其中0﹣x2段是对称的曲线，x2～x3段是直线，则下列说法正确的是（）A．x1处电场强度为正值B．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3C．粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动D．x2～x3段是匀强电场考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电势能与电势的关系：E p=qφ，场强与电势的关系：E=，结合分析图象斜率与场强的关系，即可求得x1处的电场强度；根据能量守恒判断速度的变化；由E p=qφ，分析电势的高低．由牛顿第二定律判断加速度的变化，即可分析粒子的运动性质．根据斜率读出场强的变化，由F=qE，分析电场力的变化解答：A、根据电势能与电势的关系：E p=qφ，场强与电势的关系：E=，得：E=，由数学知识可知E p﹣x图象切线的斜率等于，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A错误．B、根据电势能与电势的关系：E p=qφ，粒子带负电，q＜0，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：φ1＞φ2＞φ3．故B正确．C、D、由图看出在0～x1段图象切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动．x1～x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动．x2～x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故C错误，D正确．故选：BD点评：解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学基本规律：牛顿第二定律进行分析电荷的运动情况三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题一第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）在《验证机械能守恒定律》实验中，两实验小组同学分别采用了如图甲和乙所示的装置，用两种不同的实验方案进行实验．①在甲图中，下落物体应选择密度较大的重物；在乙图中，两个重物的质量关系是：m1．＞m2（选填“＞”、“=”或“＜”）；②若采用图乙的方案进行实验，除图中的器材外，还需要的实验器材有：频率为50Hz交流电源、刻度尺和天平，。
甘肃省嘉峪关市酒钢三中高二物理上学期期末考试试题
市酒钢三中2016-2017学年第一学期期末考试高二年级物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共36分。
）1．如图是磁报警装置中的一部分电路示意图，其中电源电动势为E，内阻为r，R1、R2是定值电阻，R B是磁敏传感器，它的电阻随磁体的出现而减小，c、d接报警器．电路闭合后，当传感器R B所在处出现磁体时，则电流表的电流I，c、d两端的电压U将（）A．I变大，U变小B．I变小，U变大C．I变大，U变大D．I变小，U变小2．场强为E的匀强电场和磁感强度为B的匀强磁场正交．如图质量为m的带电粒子在垂直于磁场方向的竖直平面内，做半径为R的匀速圆周运动，设重力加速度为g，则下列结论不正确的是（）A．粒子带负电，且q= B．粒子顺时针方向转动C．粒子速度大小v= D．粒子的机械能守恒3．在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，（电压表和电流表均视为理想）下列结论正确的是（）A．灯泡L变亮B．电源的输出功率变小C．电流表读数变大D．电容器C上电荷量减小4．在如图所示的匀强磁场中，已经标出了电流I和磁场B以及磁场对电流作用力F三者的方向，其中错误的是（）A．B． C． D．5．两条导线互相垂直，但相隔一小段距离，其中AB固定，电流方向由B到A，CD可自由运动，电流方向由C到D。
当通以图所示方向电流后，CD导线将（）A．顺时针方向转动，同时靠近ABB．逆时针方向转动，同时离开ABC．顺时针方向转动，同时离开ABD．逆时针方向转动，同时靠近AB6．如图所示，在真空中，匀强电场的方向竖直向下，匀强磁场的方向垂直纸面向里．三个油滴a、b、c带有等量的同种电荷，已知a静止，b向右匀速运动，c向左匀速运动．比较它们的质量应有（）A．a油滴质量最大B．b油滴质量最大C．c油滴质量最大D．a、b、c的质量一样7．如图，一带电粒子仅在电场力作用下沿图中虚线从A运动到B，在此过程中，下列说法正确的是( )A．加速度逐渐减小B．粒子一定带正电C．电场力对粒子做正功D.粒子电势能增加，动能减少8．如图所示，在加有匀强磁场的区域中，一垂直于磁场方向射入的带电粒子轨迹如图所示，由于带电粒子与沿途的气体分子发生碰撞，带电粒子的能量逐渐减小，从图中可以看出（）A．带电粒子带正电，是从B点射入的B．带电粒子带负电，是从B点射入的C．带电粒子带负电，是从A点射入的D．带电粒子带正电，是从A点射入的9．如图所示，用两根轻细金属丝将质量为m，长为l的金属棒ab悬挂在c．d两处，置于匀强磁场内．当棒中通以从a到b的电流I后，两悬线偏离竖直方向θ角处于平衡状态．为了使棒平衡在该位置上，所需的最小磁场的磁感应强度的大小、方向是（）A ．tanθ，竖直向上B ．tanθ，竖直向下C ．sinθ，平行悬线向下D ．sinθ，平行悬线向上10．一磁感应强度B的匀强磁场方向水平向右，一面积为S的矩形线圈abcd如图所示放置，平面abcd与竖直方向成θ角，将abcd绕ad轴转180°角，则穿过线圈平面的磁通量的变化量为（）c A．0 B．2BSC．2BScosθ D．2BSsinθ11．如图所示，一电子束垂直于电场线与磁感线方向入射后偏向A极板，为了使电子束沿射入方向做直线运动，可采用的方法是（）A．将变阻器滑动头P向右滑动B．将变阻器滑动头P向左滑动C．将极板间距离适当减小 D．将极板间距离适当增大12．如图所示，M、N两平行金属板间存在着正交的匀强电场和匀强磁场，一带电粒子（重力不计）从O点以速度υ沿着与两板平行的方向射入场区后，做匀速直线运动，经过时间t1飞出场区；如果两板间撤去磁场，粒子仍以原来的速度从O点进入电场，经过时间的t2飞出电场；如果两板间撤去电场，粒子仍以原来的速度从O点进入磁场后，经过时间t3飞出磁场，则t1、t2、t3的大小关系为（）A．t1=t2＜t3B．t2＞t1＞t3C．t1=t2=t3D．t1＞t2=t3二、多项选择题（每小题4分,共20分。
甘肃省嘉峪关市酒钢三中高一物理上学期期末考试试题
嘉峪关市酒钢三中2015~2016学年第一学期期末考试高一物理试卷（总分：100分 时间：120分）一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共计30分。
每小题只有一个选项符合题意． 1．下列说法中正确的是 （ ）A ．只有体积很小或质量很小的物体才可以看作质点B ．在单向直线运动中，物体的位移就是路程C ．有摩擦力一定有弹力D ．物体受到的几个共点力的合力一定大于每一个分力 2．下列叙述正确的是 ( )A ．施力物体同时一定是受力物体B ．作用力与反作用力也可能是一对平衡力C ．一对平衡力一定是同一种性质的力D ．物体的速度越大,其惯性越大3．如图甲，某人正通过定滑轮将质量为m 的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a 与绳子对货物竖直向上的拉力T 之间的函数关系如图乙所示．由图可以判断错误的是 （ ） A ．图线与纵轴的交点M 的值g a M -= B ．图线与横轴的交点N 的值mg T N = C ．图线的斜率等于物体的质量mD ．图线的斜率等于物体质量的倒数1／m4．有两个大小相等的共点力F 1和F 2，当它们的夹角为90°时，合力为F ，当它们的夹角变为120°时，合力的大小为( ) A ．2F B.22F C.2F D.32F 5．如图所示，质量分别为m 和2m 的两个小球置于光滑水平面上，且固定在一轻质弹簧的两端，已知弹簧的原长为L ，劲度系数为k .现沿弹簧轴线方向在质量为2m 的小球上有一水平拉力F ，使两小球一起做匀加速运动，则此时两小球间的距离为( ) A.F 3k B.F 2k C ．L ＋F 3k D ．L ＋F2k6．如图所示，A 、B 两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B 受到的摩擦力( )A ．方向向左，大小不变B ．方向向左，逐渐减小C ．方向向右，大小不变D ．方向向右，逐渐减小7．一轻弹簧的上端固定，下端悬挂一重物，弹簧伸长了8 cm ，再将重物向下拉4 cm ，然后放手，则在释放重物的瞬间，重物的加速度是( )A ．g/4B ．g/2C ．3g/2D ．g8．建筑工人用如图所示的定滑轮装置运送建筑材料。
甘肃省嘉峪关一中高三物理上学期第一次月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年甘肃省嘉峪关一中高三〔上〕第一次月考物理试卷一、选择题〔此题包含12小题，每一小题4分，共48分，有的小题一个选项正确，有的小题多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选得0分，将选项填在答题卷〕1．质量m=1kg的物体做直线运动的速度﹣时间图象如下列图，根据图象可知，如下说法中正确的答案是〔〕A．物体在0﹣8s内的平均速度方向与1s末的速度方向一样B．物体在0﹣2s内的速度变化比2﹣4s内的速度变化快C．物体在2﹣4s内合外力做的功为零D．物体在2s末速度方向发生改变2．一只蜗牛沿着葡萄枝从左向右缓慢爬行，如下列图．如此在此过程中〔〕A．葡萄枝对蜗牛的弹力先减小后变大B．葡萄枝对蜗牛的摩擦力先减小后变大C．葡萄枝对蜗牛的作用力先减小后变大D．葡萄枝对蜗牛的作用力保持不变3．如图示，将一质量为m的足够长的长木板静止地放在水平地面上，另一质量为m的物块以水平初速度V0滑上长木板，假设木板与木块的动摩擦因数为3μ、木板与地面间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，如此在木块与长木板相对静止之前，长木板受地面的摩擦力大小为〔〕A．5μmg B．4μmg C．3μmg D．2μmg4．物体某段过程的v﹣t图象如下列图，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，如此在t1～t2过程中〔〕A．加速度不断增大B．速度不断减小C．平均速度=D．平均速度＞5．两个一样的可视为质点的小球A和B，质量均为m，用长度一样的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度一样的细线连接A、B两个小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根线均处于伸直状态，且OB细线恰好处于竖直方向如下列图．如果两小球均处于静止状态，如此力F的大小为〔〕A．0 B．mg C． mg D．6．某人在平静的湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度．不计空气阻力，取向上为正方向，在下面的图象中，最能反映小铁球运动过程的v﹣t图象是〔〕A．B．C．D．7．如下列图，A、B是带等量同种电荷的小球，电荷量是10﹣5C，A固定在竖直放置的10cm 长的绝缘支杆上，B平衡于倾角为30°的绝缘粗糙斜面上时，且与A等高，假设B的质量为10kg，如此B受到斜面的静摩擦力为〔g取l0m/s2〕〔〕A．15N B．10N C．15N D．35N8．如下列图，水平固定倾角为30°的光滑斜面上有两个质量均为m的小球A、B，它们用劲度系数为k的轻质弹簧连接，现对B施加一水平向左的推力F使A、B均静止在斜面上，此时弹簧的长度为l，如此弹簧原长和推力F的大小分别为〔〕A． mg B．l﹣C．l+D．2mg9．如下列图为杂技“顶竿〞表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人〞的压力大小为〔〕A．〔M+m〕g B．〔M+m〕g﹣ma C．〔M+m〕g+ma D．〔M﹣m〕g10．如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m 的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动．假设以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图乙所示．其中OA段为直线，AB段是与OA相切于A点的曲线，BC是平滑的曲线，如此关于A、B、C三点对应的x坐标与加速度大小，如下说法正确的答案是〔〕A．x A=h，a A=0 B．x A=h，a A=gC．x B=h+，a B=0 D．x C=h+，a C=011．如下列图，质量m=1kg的物块在与水平方向夹角为θ=37°的推力F作用下静止于墙壁上，物块与墙之间的动摩擦因数μ=0.5，假设物块与墙面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，如此推力F大小可能是〔〕A．5N B．15N C．35N D．55N12．小球A质量为2kg，斜面体B的质量为10kg，斜面倾角θ=30°， A、B间和B与地面之间的动摩擦因数均为µ=0.27，将物体A放在斜面B上端的同时，给B施加一水平力F，为使A沿竖直方向落地，拉力F的大小至少为〔〕A．200N B．100N C．100N D．200N二、实验题〔2分/空共16分〕13．如下列图是某同学设计的“探究加速度a与物体所受合力F与质量m间关系〞的实验．图a为实验装置简图，A为小车，B为打点计时器，C为装有砂的砂桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车拉力F等于砂和砂桶总重力，小车运动加速度a可由纸带求得．〔1〕图b为某次实验得到的纸带〔交流电的频率为50Hz〕，由图中数据求出小车加速度值为m/s2；〔2〕保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F图线如图c，该图线不通过原点，明显超出偶然误差范围，其主要原因是；〔3〕假设实验中将小车换成滑块，将木板水平放置可测出滑块与木板间的动摩擦因数μ．要测出动摩擦因数μ，需要测量的物理量有；实验测得的动摩擦因数μ比真实值〔填“偏大〞或“偏小〞〕．14．弹簧自然悬挂，待弹簧竖直时，长度记为L自，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L0；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如下表表：代表符号L自L0L1L2L3L4L5L625.35 27.35 29.35 31.30 33.4 35.35 37.40 39.30 数值〔cm〕①表中有一个数值记录不规范，代表符号为．由表可知所用刻度尺的最小分度为．②图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与的差值〔填“L 自或L0〞〕．③由图可知弹簧和的劲度系数为N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为g〔结果保存两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2〕．三．此题共3小题，共36分．证明解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．如下列图，左侧是倾角为60°的斜面，右侧是圆弧面的物体固定在水平地面上，圆弧面底端的切线水平，一根两端分别系有质量为m1、m2小球的轻绳跨过其顶点上的小滑轮．当它们处于平衡状态时，连接m2小球的轻绳与水平线的夹角为60°，不计一切摩擦，两小球可视为质点．两小球的质量之比m1：m2为多少？16．如图，倾斜的长直杆与水平面成α角，一个质量为m的圆环套在一根固定的长直杆上，直杆截面为圆形，直径略小于圆环直径，环与杆的动摩擦因数为μ．现给环一个沿杆方向向下的恒力F，使圆环由静止开始运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力F1=kv，其中k为常数，分析圆环的运动，求：〔1〕圆环的最大加速度；〔2〕圆环的最大速度．17．在某市区内，一辆小汽车在平直的公路上以速度v A向东匀速行驶，一位观光游客正由南向北从斑马线上横穿马路．汽车司机发现前方有危险〔游客正在D处〕经0.7s作出反响，紧急刹车，但仍将正步行至B处的游客撞伤，该汽车最终在C处停下，为了清晰了解事故现场，现以如图示之，AC段是汽车轮胎在路面上的擦痕．为了判断汽车司机是否超速行驶，警方派一警车以法定最高速度v m=14.0m/s行驶在同一马路的同一地段，在肇事汽车起始制动点A急刹车，经14.0m后停下来．在事故现场测得AB=17.5m，BC=14.0m，BD=2.6m问：〔1〕该肇事汽车的初速度v A是多大？有无超速？〔2〕游客横过马路的速度大小？2015-2016学年甘肃省嘉峪关一中高三〔上〕第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题包含12小题，每一小题4分，共48分，有的小题一个选项正确，有的小题多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选得0分，将选项填在答题卷〕1．质量m=1kg的物体做直线运动的速度﹣时间图象如下列图，根据图象可知，如下说法中正确的答案是〔〕A．物体在0﹣8s内的平均速度方向与1s末的速度方向一样B．物体在0﹣2s内的速度变化比2﹣4s内的速度变化快C．物体在2﹣4s内合外力做的功为零D．物体在2s末速度方向发生改变【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在速度﹣﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解答】解：A、速度﹣时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知，0﹣8s内的平均速度m/s，1s末的速度为1m/s，方向相反，故A错误；B、0﹣2s内的加速度为：a=，2﹣4s内的加速度为，所以﹣4s内的速度变化快，故B错误；C、2﹣4s内的位移为：x=，所以合外力做的功为零，故C正确；D、2s末前后速度图象都在时间轴的上方，都为正，所以2s末速度方向未改变，故D错误．应当选C【点评】此题是速度﹣时间图象问题，抓住图象的数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移．2．一只蜗牛沿着葡萄枝从左向右缓慢爬行，如下列图．如此在此过程中〔〕A．葡萄枝对蜗牛的弹力先减小后变大B．葡萄枝对蜗牛的摩擦力先减小后变大C．葡萄枝对蜗牛的作用力先减小后变大D．葡萄枝对蜗牛的作用力保持不变【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】蜗牛沿着葡萄枝从左向右缓慢爬行过程，坡角先变小后变大，根据平衡条件列式分析．【解答】解：A、设坡角为α，蜗牛受重力、支持力、静摩擦力，三力平衡；根据平衡条件可得：N=mgcosα，f=mgsinα；由于坡角α先变小后变大，故支持力N先变大后变小，静摩擦力先变小后变大；故A错误，B正确；C、葡萄枝对蜗牛的作用力是静摩擦力和支持力的合力，始终与重力平衡，故大小和方向一直不变，故C错误D正确；应当选：BD．【点评】此题关键是明确蜗牛的受力情况以与坡角的变化情况，然后根据平衡条件列式分析，根底题．3．如图示，将一质量为m的足够长的长木板静止地放在水平地面上，另一质量为m的物块以水平初速度V0滑上长木板，假设木板与木块的动摩擦因数为3μ、木板与地面间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，如此在木块与长木板相对静止之前，长木板受地面的摩擦力大小为〔〕A．5μmg B．4μmg C．3μmg D．2μmg【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】先对小滑块受力分析，受重力、长木板的支持力和向左的滑动摩擦力；再对长木板受力分析，受到重力、小滑块的对长木板向下的压力、小滑块对其向右的滑动摩擦力、地面对长木板的支持力和向左的静摩擦力；然后根据共点力平衡条件判断．【解答】解：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力F N和向左的滑动摩擦力f1，有f1=3μF NF N=mg故f1=3μmg再对长木板受力分析，受到重力mg、小滑块的对长木板向下的压力F N、小滑块对其向右的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力F N′和向左的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有f1=f2故f2=3μmg；而地面对木板的滑动摩擦力f3=μ×2mg=2μmg，因此木块与木板一起在地面上滑行，长木板受地面的摩擦力大小2μmg，故D正确，ABC错误；应当选：D．【点评】滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力随外力的变化而变化，故静摩擦力通常可以根据共点力平衡条件求解，或者结合运动状态，然后根据牛顿第二定律列式求解．4．物体某段过程的v﹣t图象如下列图，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，如此在t1～t2过程中〔〕A．加速度不断增大B．速度不断减小C．平均速度=D．平均速度＞【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解答】解：A、在速度﹣时间图象中，切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；从图象中看出在t1～t2过程中速度时间图象的斜率逐渐减小，说明加速度的大小在减小，故A错误．B、由于在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；从图象中可以看出速度对应的纵坐标越来越小，即速度不断减小，故B正确．CD、如果物体在t1～t2过程中做的是匀减速直线运动，且初末速度分别为V1和V2，那么由匀变速直线运动的规律可得：v=，但是在任意时刻物体的实际速度小于匀减速过程的此时刻的速度，所以，故CD错误．应当选：B【点评】此题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．5．两个一样的可视为质点的小球A和B，质量均为m，用长度一样的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度一样的细线连接A、B两个小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根线均处于伸直状态，且OB细线恰好处于竖直方向如下列图．如果两小球均处于静止状态，如此力F的大小为〔〕A．0 B．mg C． mg D．【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题；OB细线恰好处于竖直方向，说明细线AB没有拉力，以A球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求出F．【解答】解：以B球为研究对象：OB细线恰好处于竖直方向，说明细线AB没有拉力．再以A球为研究对象，分析受力情况，作出力图如图，根据平衡条件得：F=mgtan60°=mg应当选C【点评】此题的关键是根据OB细线恰好处于竖直方向分析细线AB的拉力为零，对于A球是三力平衡问题，常规题．6．某人在平静的湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度．不计空气阻力，取向上为正方向，在下面的图象中，最能反映小铁球运动过程的v﹣t图象是〔〕A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】速度图象中速度大于0表示物体沿正方向运动，速度小于0表示物体沿负方向运动；速度图象的斜率等于物体的加速度；斜率的绝对值越大代表物体的加速度越大．【解答】解：物体在竖直上升过程中物体的速度竖直向上，即速度大于0，此时物体的加速度大小为a1=g，方向竖直向下，做匀减速直线运动，v﹣t图象是向下倾斜的直线；到达最高点后做自由落体运动，速度方向竖直向下，即速度小于0，此时物体的加速度大小为a2=g，方向竖直向下，做匀加速直线运动，v﹣t图象是向下倾斜的直线；故进入湖水之前物体的加速度保持不变．故速度图象的斜率保持不变．铁球进入湖水后受到湖水的阻力作用，但重力大于阻力，加速度向下，但加速度a3＜g，速度方向仍然向下即速度小于0，做匀加速直线运动，v﹣t图象是向下倾斜的直线；．在淤泥中运动的时候速度仍向下，即速度小于0，但淤泥对球的阻力大于铁球的重力，所以加速度方向竖直向上，故物体做减速运动．故C正确．应当选：C．【点评】把握物体的运动情况包括速度方向和加速度的大小和方向是解决此题的关键，所以解决运动学问题要详细进展过程分析和受力分析．7．如下列图，A、B是带等量同种电荷的小球，电荷量是10﹣5C，A固定在竖直放置的10cm 长的绝缘支杆上，B平衡于倾角为30°的绝缘粗糙斜面上时，且与A等高，假设B的质量为10kg，如此B受到斜面的静摩擦力为〔g取l0m/s2〕〔〕A．15N B．10N C．15N D．35N【考点】库仑定律；物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件与其应用．【专题】定量思想；方程法；电场力与电势的性质专题．【分析】对B球分析，B球受到重力、摩擦力、支持力与库仑力，处于平衡状态．运用平衡条件列方程求解．【解答】解：设B球受到的静摩擦力沿斜面向上，对B球受力分析如图：根据平衡条件，沿斜面方向有：f+Fcos30°=mgsin30°代入数据：f+9×109××=10×10×得：f=35N应当选：D．【点评】此题借助库仑力考查了受力分析和平衡条件的应用，库仑力的公式为F=K其中K为静电力常量，值为9×109N•m2/C2．8．如下列图，水平固定倾角为30°的光滑斜面上有两个质量均为m的小球A、B，它们用劲度系数为k的轻质弹簧连接，现对B施加一水平向左的推力F使A、B均静止在斜面上，此时弹簧的长度为l，如此弹簧原长和推力F的大小分别为〔〕A． mg B．l﹣C．l+D．2mg【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先以整体为研究对象，根据平衡条件求出力F的大小；然后根据A处于平衡状态，可以求出弹簧弹力，从而进一步求出弹簧的原长．【解答】解：以整体为研究对象，受力分析，系统处于平衡状态，沿斜面方向有：Fcos30°=2mgsin30° …①以A为研究对象沿斜面方向有重力沿斜面分析的分力等于弹簧的弹力：kx=mgsin30° …②x=l﹣l0 …③解①得F=，由②③得：l0=l﹣．应当选：AB．【点评】对于连接体问题注意整体与隔离法的应用，正确选取研究对象然后受力分析，根据所处状态列方程求解．9．如下列图为杂技“顶竿〞表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人〞的压力大小为〔〕A．〔M+m〕g B．〔M+m〕g﹣ma C．〔M+m〕g+ma D．〔M﹣m〕g【考点】牛顿第二定律；超重和失重．【专题】压轴题．【分析】竿对“底人〞的压力大小应该等于竿的重力加上竿上的人对杆向下的摩擦力，竿的重力，求出竿上的人对杆向下的摩擦力就可以了．【解答】解：对竿上的人分析：受重力mg、摩擦力F f，有 mg﹣F f=ma；所以 F f=m〔g﹣a〕，竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力﹣﹣摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分析：受重力Mg、竿上的人对杆向下的摩擦力F f′、顶竿的人对竿的支持力F N，有Mg+F f′=F N，又因为竿对“底人〞的压力和“底人〞对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到F N′=Mg+F f′=〔M+m〕g﹣ma．所以B项正确．应当选：B．【点评】由于人加速下滑，处于失重状态，人对竿的作用力并不等于人的重力，这是在解答此题的过程中常出现的错误，注意这一点这道题就可以了．10．如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m 的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动．假设以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图乙所示．其中OA段为直线，AB段是与OA相切于A点的曲线，BC是平滑的曲线，如此关于A、B、C三点对应的x坐标与加速度大小，如下说法正确的答案是〔〕A．x A=h，a A=0 B．x A=h，a A=gC．x B=h+，a B=0 D．x C=h+，a C=0【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】OA过程是自由落体，A的坐标就是自由下落的高度，此时的加速度也就是自由落体加速度；B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为零，加速度也就为零，可还以计算出弹簧的形变量；C点时速度减为零，弹簧被压缩到最低点，弹簧的弹力最大，可以分析物体的加速度．【解答】解：OA过程是自由落体，A的坐标就是h，加速度为g，所以B正确，A错误．B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为0，加速度也就为0，由mg=kx，可知x=，所以B得坐标为h+，所以C正确．取一个与A点对称的点为D，由A点到B点的形变量为，由对称性得由B到D的形变量也为，故到达C点时形变量要大于 h+2，加速度a c＞g，所以D错误．应当选BC．【点评】知道物体压缩弹簧的过程，就可以逐个分析位移和加速度．11．如下列图，质量m=1kg的物块在与水平方向夹角为θ=37°的推力F作用下静止于墙壁上，物块与墙之间的动摩擦因数μ=0.5，假设物块与墙面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，如此推力F大小可能是〔〕A．5N B．15N C．35N D．55N【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当物体刚要上滑时，静摩擦力沿墙壁向下达到最大值，此时力F为最大；当物体刚要下滑时，静摩擦力沿墙壁向上达到最大值，此时力F最小．根据平衡条件和摩擦力公式求出F的最大值和最小值，得出F的取值范围．【解答】解：当物体刚要上滑时，静摩擦力沿墙壁向下达到最大值，此时力F为最大，设为F1．物体的受力图如图1所示．根据正交分解得：F1sinθ=mg+f1；N1=F1cosθ又f1=μN1联立解得：F1=N=50N当物体刚要下滑时，静摩擦力沿墙壁向上达到最大值，此时力F最小，设为F2．根据正交分解得：F2sinθ+f2=mg；N2=F2cosθ又f2=μN2，联立解得：F2=推力F的取值范围为：10N≤F≤50N，故BC正确．应当选：BC【点评】此题是力平衡中临界问题，关键分析临界条件：当物体刚要滑动时，物体间的静摩擦力达到最大值．正确分析受力情况，运用正交分解法求解．12．小球A质量为2kg，斜面体B的质量为10kg，斜面倾角θ=30°， A、B间和B与地面之间的动摩擦因数均为µ=0.27，将物体A放在斜面B上端的同时，给B施加一水平力F，为使A沿竖直方向落地，拉力F的大小至少为〔〕A．200N B．100N C．100N D．200N【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】要使A竖直下落，如此A做自由落体且一直在斜面的正上方，如此由几何关系可知A下落的高度和B前进的距离之间的关系；再由牛顿第二定律可求得水平位移的表达式；联立可解．【解答】解：假设A下落的高度为h，如此此时斜面体应向右滑动距离为：x=对A球有：h=gt2；对斜面体有：x=at2；F﹣μmg=ma联立解得：F=200N；应当选：A．【点评】此题考查牛顿第二定律与自由落体的规律，要注意明确临界条件的正确应用．二、实验题〔2分/空共16分〕13．如下列图是某同学设计的“探究加速度a与物体所受合力F与质量m间关系〞的实验．图a为实验装置简图，A为小车，B为打点计时器，C为装有砂的砂桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车拉力F等于砂和砂桶总重力，小车运动加速度a可由纸带求得．〔1〕图b为某次实验得到的纸带〔交流电的频率为50Hz〕，由图中数据求出小车加速度值为 3.19 m/s2；〔2〕保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F图线如图c，该图线不通过原点，明显超出偶然误差范围，其主要原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；〔3〕假设实验中将小车换成滑块，将木板水平放置可测出滑块与木板间的动摩擦因数μ．要测出动摩擦因数μ，需要测量的物理量有砂和砂桶质量m、木块的质量M、以与对应的加速度a ；实验测得的动摩擦因数μ比真实值偏大〔填“偏大〞或“偏小〞〕．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】〔1〕根据△x=aT2求出纸带的加速度．〔2〕图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足；〔3〕对滑块、砂和砂桶进展受力分析，根据牛顿第二定律可正确解答．【解答】解：〔1〕由于每相邻两个计数点间还有1个点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.04s，设第一段相邻的计数点的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x2=2a1T2x3﹣x1=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得：a=〔a1+a2〕解得：a==3.19m/s2，〔2〕图线不通过坐标原点，F不为零时，加速度仍为零，知未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．〔3〕设滑块的质量为M，砂和砂桶的质量为m，根据牛顿第二定律得：对m：mg﹣F拉=ma对M：F拉﹣μMg=Ma解得：μ=而实验测得的动摩擦因数为：μ′=需要测量的物理量有：砂和砂桶质量m、木块的质量M、以与对应的加速度a．所以验测得的动摩擦因数μ比真实值偏大．故答案为：〔1〕3.19；〔2〕未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；〔3〕砂和砂桶质量m、木块的质量M、以与对应的加速度a；偏大【点评】运用匀变速直线运动的公式处理纸带的问题是力学实验里常见的问题，纸带法实验中，假设纸带匀变速直线运动，利用匀变速直线运动的推论可求加速度．由于相邻的时间间隔位移之差不等，我们可以采用逐差法求解．该实验的重要一步就是平衡摩擦力，使得小车的合力近似等于砝码和盘得总重力．。
高三物理月考试题及答案-甘肃嘉峪关一中2015-2016学年高三上学期第一次月考试卷
2015-2016学年甘肃省嘉峪关一中高三（上）第一次月考物理试卷1．质量m=1kg的物体做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，根据图象可知，下列说法中正确的是（）A．物体在0﹣8s内的平均速度方向与1s末的速度方向相同B．物体在0﹣2s内的速度变化比2﹣4s内的速度变化快C．物体在2﹣4s内合外力做的功为零D．物体在2s末速度方向发生改变2．一只蜗牛沿着葡萄枝从左向右缓慢爬行，如图所示．则在此过程中（）A．葡萄枝对蜗牛的弹力先减小后变大B．葡萄枝对蜗牛的摩擦力先减小后变大C．葡萄枝对蜗牛的作用力先减小后变大D．葡萄枝对蜗牛的作用力保持不变3．如图示，将一质量为m的足够长的长木板静止地放在水平地面上，另一质量为m的物块以水平初速度V0滑上长木板，若木板与木块的动摩擦因数为3μ、木板与地面间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，则在木块与长木板相对静止之前，长木板受地面的摩擦力大小为（）A．5μmg B．4μmg C．3μmg D．2μmg4．物体某段过程的v﹣t图象如图所示，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，则在t1～t2过程中（）A．加速度不断增大B．速度不断减小C．平均速度=D．平均速度＞5．两个相同的可视为质点的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B两个小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根线均处于伸直状态，且OB细线恰好处于竖直方向如图所示．如果两小球均处于静止状态，则力F的大小为（）A．0 B．mg C．mg D．6．某人在平静的湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度．不计空气阻力，取向上为正方向，在下面的图象中，最能反映小铁球运动过程的v﹣t图象是（）A．B．C．D．7．如图所示，A、B是带等量同种电荷的小球，电荷量是10﹣5C，A固定在竖直放置的10cm 长的绝缘支杆上，B平衡于倾角为30°的绝缘粗糙斜面上时，且与A等高，若B的质量为10kg，则B受到斜面的静摩擦力为（g取l0m/s2）（）A．15N B．10N C．15N D．35N8．如图所示，水平固定倾角为30°的光滑斜面上有两个质量均为m的小球A、B，它们用劲度系数为k的轻质弹簧连接，现对B施加一水平向左的推力F使A、B均静止在斜面上，此时弹簧的长度为l，则弹簧原长和推力F的大小分别为（）A．mg B．l﹣C．l+D．2mg9．如图所示为杂技“顶竿”表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为（）A．（M+m）g B．（M+m）g﹣ma C．（M+m）g+ma D．（M﹣m）g10．如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m 的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动．若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图乙所示．其中OA段为直线，AB段是与OA相切于A点的曲线，BC是平滑的曲线，则关于A、B、C 三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是（）A．x A=h，a A=0 B．x A=h，a A=gC．x B=h+，a B=0 D．x C=h+，a C=011．如图所示，质量m=1kg的物块在与水平方向夹角为θ=37°的推力F作用下静止于墙壁上，物块与墙之间的动摩擦因数μ=0.5，若物块与墙面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，则推力F大小可能是（）A．5N B．15N C．35N D．55N12．小球A质量为2kg，斜面体B的质量为10kg，斜面倾角θ=30°，已知A、B间和B与地面之间的动摩擦因数均为µ=0.27，将物体A放在斜面B上端的同时，给B施加一水平力F，为使A沿竖直方向落地，拉力F的大小至少为（）A．200N B．100N C．100N D．200N13．如图所示是某同学设计的“探究加速度a与物体所受合力F及质量m间关系”的实验．图a为实验装置简图，A为小车，B为打点计时器，C为装有砂的砂桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车拉力F等于砂和砂桶总重力，小车运动加速度a可由纸带求得．（1）图b为某次实验得到的纸带（交流电的频率为50Hz），由图中数据求出小车加速度值为m/s2；（2）保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F图线如图c，该图线不通过原点，明显超出偶然误差范围，其主要原因是；（3）若实验中将小车换成滑块，将木板水平放置可测出滑块与木板间的动摩擦因数μ．要测出动摩擦因数μ，需要测量的物理量有；实验测得的动摩擦因数μ比真实值（填“偏大”或“偏小”）．14．弹簧自然悬挂，待弹簧竖直时，长度记为L自，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L0；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如下表表：①表中有一个数值记录不规范，代表符号为．由表可知所用刻度尺的最小分度为．②图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与的差值（填“L自或L0”）．③由图可知弹簧和的劲度系数为N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为g（结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2）．15．如图所示，左侧是倾角为60°的斜面，右侧是圆弧面的物体固定在水平地面上，圆弧面底端的切线水平，一根两端分别系有质量为m1、m2小球的轻绳跨过其顶点上的小滑轮．当它们处于平衡状态时，连接m2小球的轻绳与水平线的夹角为60°，不计一切摩擦，两小球可视为质点．两小球的质量之比m1：m2为多少？16．如图，倾斜的长直杆与水平面成α角，一个质量为m的圆环套在一根固定的长直杆上，直杆截面为圆形，直径略小于圆环直径，环与杆的动摩擦因数为μ．现给环一个沿杆方向向下的恒力F，使圆环由静止开始运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力F1=kv，其中k为常数，分析圆环的运动，求：（1）圆环的最大加速度；（2）圆环的最大速度．17．在某市区内，一辆小汽车在平直的公路上以速度v A向东匀速行驶，一位观光游客正由南向北从斑马线上横穿马路．汽车司机发现前方有危险（游客正在D处）经0.7s作出反应，紧急刹车，但仍将正步行至B处的游客撞伤，该汽车最终在C处停下，为了清晰了解事故现场，现以如图示之，AC段是汽车轮胎在路面上的擦痕．为了判断汽车司机是否超速行驶，警方派一警车以法定最高速度v m=14.0m/s行驶在同一马路的同一地段，在肇事汽车起始制动点A急刹车，经14.0m后停下来．在事故现场测得AB=17.5m，BC=14.0m，BD=2.6m问：（1）该肇事汽车的初速度v A是多大？有无超速？（2）游客横过马路的速度大小？答案1.【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在速度﹣﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解答】解：A、速度﹣时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知，0﹣8s内的平均速度m/s，1s末的速度为1m/s，方向相反，故A错误；B、0﹣2s内的加速度为：a=，2﹣4s内的加速度为，所以﹣4s内的速度变化快，故B错误；C、2﹣4s内的位移为：x=，所以合外力做的功为零，故C正确；D、2s末前后速度图象都在时间轴的上方，都为正，所以2s末速度方向未改变，故D错误．故选C【点评】本题是速度﹣时间图象问题，抓住图象的数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移．2.【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】蜗牛沿着葡萄枝从左向右缓慢爬行过程，坡角先变小后变大，根据平衡条件列式分析．【解答】解：A、设坡角为α，蜗牛受重力、支持力、静摩擦力，三力平衡；根据平衡条件可得：N=mgcosα，f=mgsinα；由于坡角α先变小后变大，故支持力N先变大后变小，静摩擦力先变小后变大；故A错误，B正确；C、葡萄枝对蜗牛的作用力是静摩擦力和支持力的合力，始终与重力平衡，故大小和方向一直不变，故C错误D正确；故选：BD．【点评】本题关键是明确蜗牛的受力情况以及坡角的变化情况，然后根据平衡条件列式分析，基础题．3.【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】先对小滑块受力分析，受重力、长木板的支持力和向左的滑动摩擦力；再对长木板受力分析，受到重力、小滑块的对长木板向下的压力、小滑块对其向右的滑动摩擦力、地面对长木板的支持力和向左的静摩擦力；然后根据共点力平衡条件判断．【解答】解：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力F N和向左的滑动摩擦力f1，有f1=3μF NF N=mg故f1=3μmg再对长木板受力分析，受到重力mg、小滑块的对长木板向下的压力F N、小滑块对其向右的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力F N′和向左的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有f1=f2故f2=3μmg；而地面对木板的滑动摩擦力f3=μ×2mg=2μmg，因此木块与木板一起在地面上滑行，长木板受地面的摩擦力大小2μmg，故D正确，ABC错误；故选：D．【点评】滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力随外力的变化而变化，故静摩擦力通常可以根据共点力平衡条件求解，或者结合运动状态，然后根据牛顿第二定律列式求解．4.【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解答】解：A、在速度﹣时间图象中，切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；从图象中看出在t1～t2过程中速度时间图象的斜率逐渐减小，说明加速度的大小在减小，故A错误．B、由于在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；从图象中可以看出速度对应的纵坐标越来越小，即速度不断减小，故B正确．CD、如果物体在t1～t2过程中做的是匀减速直线运动，且初末速度分别为V1和V2，那么由匀变速直线运动的规律可得：v=，但是在任意时刻物体的实际速度小于匀减速过程的此时刻的速度，所以，故CD错误．故选：B【点评】本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．5.【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题；OB细线恰好处于竖直方向，说明细线AB没有拉力，以A球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求出F．【解答】解：以B球为研究对象：OB细线恰好处于竖直方向，说明细线AB没有拉力．再以A球为研究对象，分析受力情况，作出力图如图，根据平衡条件得：F=mgtan60°=mg故选C【点评】本题的关键是根据OB细线恰好处于竖直方向分析细线AB的拉力为零，对于A球是三力平衡问题，常规题．6.【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】速度图象中速度大于0表示物体沿正方向运动，速度小于0表示物体沿负方向运动；速度图象的斜率等于物体的加速度；斜率的绝对值越大代表物体的加速度越大．【解答】解：物体在竖直上升过程中物体的速度竖直向上，即速度大于0，此时物体的加速度大小为a1=g，方向竖直向下，做匀减速直线运动，v﹣t图象是向下倾斜的直线；到达最高点后做自由落体运动，速度方向竖直向下，即速度小于0，此时物体的加速度大小为a2=g，方向竖直向下，做匀加速直线运动，v﹣t图象是向下倾斜的直线；故进入湖水之前物体的加速度保持不变．故速度图象的斜率保持不变．铁球进入湖水后受到湖水的阻力作用，但重力大于阻力，加速度向下，但加速度a3＜g，速度方向仍然向下即速度小于0，做匀加速直线运动，v﹣t图象是向下倾斜的直线；．在淤泥中运动的时候速度仍向下，即速度小于0，但淤泥对球的阻力大于铁球的重力，所以加速度方向竖直向上，故物体做减速运动．故C正确．故选：C．【点评】把握物体的运动情况包括速度方向和加速度的大小和方向是解决此题的关键，所以解决运动学问题要详细进行过程分析和受力分析．7.【考点】库仑定律；物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件及其应用．【专题】定量思想；方程法；电场力与电势的性质专题．【分析】对B球分析，B球受到重力、摩擦力、支持力与库仑力，处于平衡状态．运用平衡条件列方程求解．【解答】解：设B球受到的静摩擦力沿斜面向上，对B球受力分析如图：根据平衡条件，沿斜面方向有：f+Fcos30°=mgsin30°代入数据：f+9×109××=10×10×得：f=35N故选：D．【点评】本题借助库仑力考查了受力分析和平衡条件的应用，库仑力的公式为F=K其中K为静电力常量，值为9×109N•m2/C2．8.【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先以整体为研究对象，根据平衡条件求出力F的大小；然后根据A处于平衡状态，可以求出弹簧弹力，从而进一步求出弹簧的原长．【解答】解：以整体为研究对象，受力分析，系统处于平衡状态，沿斜面方向有：Fcos30°=2mgsin30° …①以A为研究对象沿斜面方向有重力沿斜面分析的分力等于弹簧的弹力：kx=mgsin30° …②x=l﹣l0 …③解①得F=，由②③得：l0=l﹣．故选：AB．【点评】对于连接体问题注意整体与隔离法的应用，正确选取研究对象然后受力分析，根据所处状态列方程求解．9.【考点】牛顿第二定律；超重和失重．【专题】压轴题．【分析】竿对“底人”的压力大小应该等于竿的重力加上竿上的人对杆向下的摩擦力，竿的重力已知，求出竿上的人对杆向下的摩擦力就可以了．【解答】解：对竿上的人分析：受重力mg、摩擦力F f，有mg﹣F f=ma；所以F f=m（g﹣a），竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力﹣﹣摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分析：受重力Mg、竿上的人对杆向下的摩擦力F f′、顶竿的人对竿的支持力F N，有Mg+F f′=F N，又因为竿对“底人”的压力和“底人”对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到F N′=Mg+F f′=（M+m）g﹣ma．所以B项正确．故选：B．【点评】由于人加速下滑，处于失重状态，人对竿的作用力并不等于人的重力，这是在解答本题的过程中常出现的错误，注意这一点这道题就可以了．10.【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】OA过程是自由落体，A的坐标就是自由下落的高度，此时的加速度也就是自由落体加速度；B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为零，加速度也就为零，可还以计算出弹簧的形变量；C点时速度减为零，弹簧被压缩到最低点，弹簧的弹力最大，可以分析物体的加速度．【解答】解：OA过程是自由落体，A的坐标就是h，加速度为g，所以B正确，A错误．B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为0，加速度也就为0，由mg=kx，可知x=，所以B得坐标为h+，所以C正确．取一个与A点对称的点为D，由A点到B点的形变量为，由对称性得由B到D的形变量也为，故到达C点时形变量要大于h+2，加速度a c＞g，所以D错误．故选BC．【点评】知道物体压缩弹簧的过程，就可以逐个分析位移和加速度．11.【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当物体刚要上滑时，静摩擦力沿墙壁向下达到最大值，此时力F为最大；当物体刚要下滑时，静摩擦力沿墙壁向上达到最大值，此时力F最小．根据平衡条件和摩擦力公式求出F的最大值和最小值，得出F的取值范围．【解答】解：当物体刚要上滑时，静摩擦力沿墙壁向下达到最大值，此时力F为最大，设为F1．物体的受力图如图1所示．根据正交分解得：F1sinθ=mg+f1；又f1=μN1联立解得：F1=N=50N当物体刚要下滑时，静摩擦力沿墙壁向上达到最大值，此时力F最小，设为F2．根据正交分解得：F2sinθ+f2=mg；N2=F2cosθ又f2=μN2，联立解得：F2=推力F的取值范围为：10N≤F≤50N，故BC正确．故选：BC【点评】本题是力平衡中临界问题，关键分析临界条件：当物体刚要滑动时，物体间的静摩擦力达到最大值．正确分析受力情况，运用正交分解法求解．12.【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】要使A竖直下落，则A做自由落体且一直在斜面的正上方，则由几何关系可知A 下落的高度和B前进的距离之间的关系；再由牛顿第二定律可求得水平位移的表达式；联立可解．【解答】解：假设A下落的高度为h，则此时斜面体应向右滑动距离为：x=对A球有：h=gt2；对斜面体有：x=at2；联立解得：F=200N；故选：A．【点评】本题考查牛顿第二定律及自由落体的规律，要注意明确临界条件的正确应用．13.【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）根据△x=aT2求出纸带的加速度．（2）图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足；（3）对滑块、砂和砂桶进行受力分析，根据牛顿第二定律可正确解答．【解答】解：（1）由于每相邻两个计数点间还有1个点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.04s，设第一段相邻的计数点的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x2=2a1T2x3﹣x1=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得：a=（a1+a2）解得：a==3.19m/s2，（2）图线不通过坐标原点，F不为零时，加速度仍为零，知未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．（3）设滑块的质量为M，砂和砂桶的质量为m，根据牛顿第二定律得：对m：mg﹣F拉=ma对M：F拉﹣μMg=Ma解得：μ=而实验测得的动摩擦因数为：μ′=需要测量的物理量有：砂和砂桶质量m、木块的质量M、以及对应的加速度a．所以验测得的动摩擦因数μ比真实值偏大．故答案为：（1）3.19；（2）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；（3）砂和砂桶质量m、木块的质量M、以及对应的加速度a；偏大【点评】运用匀变速直线运动的公式处理纸带的问题是力学实验里常见的问题，纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，利用匀变速直线运动的推论可求加速度．由于相邻的时间间隔位移之差不等，我们可以采用逐差法求解．该实验的重要一步就是平衡摩擦力，使得小车的合力近似等于砝码和盘得总重力．14.【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题；压轴题；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，即要有估读的．充分利用测量数据，根据公式△F=k△x可以计算出弹簧的劲度系数k．其中△x为弹簧的形变量．【解答】解：①尺的最小分度值为1mm，所以长度L3应为33.40cm，②从图中看出x=0时，m=0．即不放砝码时，x=0，所以横轴是弹簧长度与L0的差值．③充分利用测量数据，k===4.9 N/m；根据胡克定律得F=k△x=4.9×（0.2735﹣0.2535）=0.098N所以砝码盘的质量是=0.01kg=10g．故答案为：①L31mm ②L0③4.9 10【点评】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差．15.【考点】机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】分别以两个小球为研究对象，分析受力情况，由平衡条件求出小球的重力与绳子拉力的关系，再求解两小球的质量之比．【解答】解：设轻绳的张力为T，圆弧面对m2的弹力为N对m2，由对称性可知，N=T由平衡条件得：Tcos 30°+Ncos 30°=m2g对m1，由平衡条件可得：T=m1gsin 60°联立解得：=答：两小球的质量之比m1：m2为2：3．【点评】本题采用隔离法研究两个物体的平衡问题，受力分析，作出力图是正确解答的关键．16.【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据力F1与重力mg的关系分析圆环的运动性质与运动过程，应用平衡条件与牛顿第二定律分析答题【解答】解：当F1=mg，即：kv=mg，v=时，圆环水平方向不受摩擦力，则圆环的加速度最大为a=；当滑动摩擦力f=μ（kv﹣mg）=F时，对应的速度最大，v=，答：（1）圆环的最大加速度；（2）圆环的最大速度【点评】本题考查了求最大加速度、最大速度问题，对圆环正确受力分析、分析清楚圆环运动过程是正确解题的前提与关键，应用牛顿第二定律即可正确解题；要讨论F与mg的关系，然后根据各种情况答题，这是容易出错的地方17.【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】（1）根据速度位移公式求出警车刹车的加速度，抓住加速度相同，结合速度位移公式求出肇事车的初速度，判断是否超速．（2）根据匀变速直线运动的位移时间公式求出肇事车的运动时间，结合反应时间求出游客运行时间，从而根据平均速度的定义式求出游客横过马路的平均速度大小．【解答】解：（1）警车刹车后的加速度大小为a，则a==m/s2=7.0m/s2．因为警车行驶条件与肇事汽车相同，所以肇事汽车的加速度也为7.0m/s2．肇事汽车的速度：v A=，大于规定的最高速度14.0m/s．（2）AB=v A t﹣at2，代入数据，解得：t=1.0s．游客的速度为：v人==1.53m/s答：（1）该肇事汽车的初速度v A是21m/s，超速（2）游客横过马路的速度为1.53m/s【点评】在解决物理问题时，有时语言描述不好懂，我们可以结合运动示意图更清晰直观的理解题目，通过物体的运动规律，结合运动学公式灵活求解．。
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2015届甘肃省部分普通高中（嘉峪关市酒钢三中）高三2月第一次联考试题物理命题学校：嘉峪关市酒钢三中本卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，总分100分。
考试时间120分钟第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题：本题共12小题，共40分。
1～8每小题3分，每题只有一个选项符合题目要求，9～12每小题4分，在每个小题的四个选项中有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分。
1．下列叙述中符合物理史实的是（）A．伽利略提出了日心说B. 亚里士多德否定了力是维持物体运动的原因C．奥斯特发现了电流的磁效应D．牛顿发现了万有引力定律并测定了万有引力常量2. 人用手托着质量为m的物体，从静止开始沿水平方向加速运动（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是（）A．手对物体的作用力方向竖直向上 B．手对物体的作用力方向水平向前μC．手对物体作用力方向斜向前上方 D．物体所受摩擦力大小为mg3. 某物体在一足够大的光滑水平面上向西运动，当它受到一个向南的恒定外力作用时，物体将做（）A.匀变速直线运动B.匀变速曲线运动C.曲线运动但加速度方向改变，大小不变，是非匀变速曲线运动D.曲线运动但加速度方向和大小均改变，是非匀变速曲线运动4.测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始做匀加速直线运动，当B接收到反射回来的超声波信号时， AB相距355m，已知声速340m/s，则汽车的加速度大小为（）A.20m/s 2B. 10m/s 2C.5m/s 2D. 无法计算5.如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的速度0v 同时水平向左与水平向右抛出两个小球A 和B ，两侧斜坡的倾角分别为︒37和︒53，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A 和B 两小球的运动时间之比为（ ）A. 16 ：9B. 9 ：16C.3 ：4D.4 ：36．若各国的人造地球卫星都在不同的轨道上做匀速圆周运动，设地球的质量为M ，地球的半径为R 地．则下述判断正确的是（ ）A ．各国发射的所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的运行速度都不超过地R GM m /=υB ．各国发射的所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的的运行周期都不超过GM/R R 2T m 地地π=C ．卫星在轨道上做匀速圆周运动的圆心不一定与地心重合D ．地球同步卫星做匀速圆周运动的的运行周期等于GM /R R 2地地π7. 将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，t v -图像如图所示,以下判断正确的是( )A ．前s 3内货物处于失重状态B ．最后s 2内货物只受重力作用C ．前s 3内平均速度小于最后s 2内的平均速度D ．最后2s 的过程中货物的机械能增加8.如图所示，A 、B 、C 、D 、E 、F 为正六边形的六个顶点，P 、Q 、M 分别为AB 、ED 、AF 的中点，O 为正六边形的中心。
现在六个顶点依次放入等量正负电荷。
若取无穷远处电势为零，以下说法中错误的是（ ）A. P 、Q 、M 各点具有相同的场强B. P 、Q 、M 各点电势均为零C.O 点电势与场强均为零D.将一负检验电荷从P 点沿直线PM 移到M 点的过程中，电势能先减小后增大9. 如图，R 为热敏电阻，R 1 、R 2为定值电阻。
闭合电键S ，电压表的示数为U ，电流表的示数为I ，现R 所处环境温度降低，电压表的示数改变量的大小为ΔU ，电流表的示数改变大小为ΔI ，则下列说法正确的是（ ）A. U/I 变大B. ΔU/ΔI 变大C. 电阻R 1的功率变大D.电源的总功率变大10.在一阻值为R=10Ω的定值电阻中通入如图所示的交流电，则（ ）A.此交流电的频率为0.5HzB.此交流电的有效值约为3.5AC.在2～4s 内通过该电阻的电荷量为1CD.在0～2s 内电阻产生的焦耳热为25J11.如图所示，在匀强磁场区域中有一光滑斜面体，在斜面体上放了一根长为L 、质量为m 的导线，当通以如图方向的电流后，导线恰好能保持静止，则磁感应强度B 满足（ ）A. IL gm B ⋅=，方向水平向左 B. IL g m B θsin .⋅=，方向垂直纸面向外C.IL g m B θcos .⋅=，方向沿斜面向上 D. IL g m B θtan .⋅=，方向竖直向下 12.用一段截面半径为r 、电阻率为ρ、密度为d 的均匀导体材料做成一个半径为R (r<<R)的圆环。
圆环落入磁感应强度为B 的径向磁场中。
如图所示，当圆环在加速下落时某一时刻的速度为v,则（ ）A.此时整个环的电动势为E=2BvRB.忽略电感的影响，此时圆环中的电流I=BR2v/ρC. 此时圆环的加速度dv B a ⋅=ρ2D.如果径向磁场足够长，则圆环的最大速度2⋅⋅⋅=B d g v m ρ第Ⅱ卷（必做45分+选做题15分，共60分）二、实验题：（每空2分，共16分）。
13、在“探究求合力的方法”的实验中，用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A 点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套B 、C （用来连接弹簧测力计）。
其中A 为固定橡皮筋的图钉，O 为橡皮筋与细绳的结点，OB 和OC 为细绳。
（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N ，图中与B 相连的弹簧测力计的示数为N。
（2）在实验中，如果只将OB、OC绳换成橡皮筋，其他步骤保持不变，那么实验结果（选填“会”或“不会”）发生变化。
（3）在本实验中，F1和F2表示两个互成角度的力，F表示由平行四边形定则作出的F 1与F2的合力； F′表示用一个弹簧秤拉橡皮筋时的力，则各图中符合实验事实的是（）14、为了测定一节干电池的电动势和内阻,实验室中准备了下列器材：待测干电池E（电动势约1.5V，内阻约1.0Ω）电流表G（满偏电流3mA，内阻10Ω）电流表A（量程0~0.60A，内阻约0.10Ω）滑动变阻器R1（0~20Ω，2A）滑动变阻器R2（0~100Ω，1A）定值电阻R3=990Ω，开关S和导线若干①小明同学在某一次的测量过程中两电流表的指针偏转如图所示,则电流表A的读数为______A,电流表G的读数为______mA②请在方框中画出他的实验电路图。
(标明所选仪器的符号)③右下图为小明根据实验数据作出的I1-I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由该图线可得：被测干电池的电动势E=______V，内阻r=______Ω。
三、计算题：共29分。
请按题目要求作答，解答题目应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位。
15.（6分）据《雄关周末》第51期报道，“经过5年艰苦奋战，备受关注的兰新高铁于2014年12月26日正式开通，这标志着世界一次性建设里程最长的高速铁路将全线开通运营”。
高铁动车每节车厢长25m ，全车由8节车厢编组而成，设计时速为250km/h 。
某次运行中，在乘务员以相对车厢2m/s 的速度从车厢的一端走到另一端的过程中，全车恰好匀速通过了一座长600m 的铁路桥，求火车过桥时的速度为多少？16．（ 9分）如图，质量kg m 0.1=的物体（可视为质点）以s m v /100=的初速度从水平面的某点向右运动并冲上半径m R 0.1=的竖直光滑半圆环,物体与水平面间的动摩擦因数5.0=μ.求：（1）物体能从M 点飞出，落到水平面时落点到N 点的距离的最小值为多大？ （2）如果物体从某点出发后在半圆轨道运动过程途中离开轨道，求出发点到N 点的距离x 的取值范围.17.（14分）如图所示，在xoy 平面内，在x>0范围内以x 轴为电场和磁场的边界，在x<0范围内以第Ⅲ象限内的直线OM 为电场与磁场的边界，OM 与x 轴负方向成θ=45°角，在边界的下方空间存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B=0.1T ，在边界的上方有沿y 轴正方向的匀强电场，场强大小为E=32N/C ；在y 轴上的P 点有一个不计重力的带电微粒，以沿x 轴负方向的初速度v 0=2×103m/s 射出，已知OP=0.8cm ，微粒所带电荷量q=-5×10-18C ，质量m=1×10-24kg ，求：(1)带电微粒第一次进入电场时的位置坐标；(2)带电微粒从P 点出发到第三次经过电磁场边界经历的总时间； (3)带电微粒第四次经过电磁场边界时的速度大小。
【选做部分】温馨提示：在下列18、19、20三道题目中只能选择其中之一作答，并写在答题卷指定的位置处。
若作答两道以上，只批阅前一道。
（选择题为多项选择，每选对一个得2分，有错选得0分。
选择题的答案填写在答题卷指定位置，不要涂在机读卡上）18.[选修3-3] （15分）（1）（6分）下列说法正确的是 （ ） A.液体温度越高、悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈B.不考虑分子势能，则质量、温度均相同的氢气和氧气的内能也相同C.第一类永动机不可能制成，因为违背了能量守恒定律D.物体吸收热量，则其内能一定增加E.能量耗散从能量转化角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性（2）（9分）如图所示，一定质量的气体被绝热活塞封闭在绝热的水平放置的气缸内，气缸固定且内壁光滑，活塞通过细绳绕过定滑轮与一沙桶（里面没有沙）连接，开始活塞处于静止状态，封闭气体的体积为V 0，温度T 0=300K ，压强为0.9P 0（P 0为大气压强），活塞面积为S ，现不停地向沙桶中加沙子，使活塞缓慢地向右移动，当增加的沙子质量为桶质量的2倍时，气体体积增加了0.2 V 0（活塞未被拉出气缸），重力加速度为g ，求：①沙桶的质量m②末态气缸内封闭气体的温度T19.[选修3-4] （15分）（1）（6表示波峰，虚线表示波谷。
则下列关于这两列波的说法中正确的是( )A ．P 、N 两质点始终处于平衡位置B ．该时刻质点M 正处于平衡位置C ．随着时间的推移，质点O 将向M 点移动D ．从该时刻起，经过四分之一个周期，质点O 将到达平衡位置，此时位移为零 E. OM 连线的中点是振动加强点，其振幅为单个波引起的振幅的2倍（2）（9分）如图所示，一半径为R 、折射率半球形玻璃砖置于光屏MN 的上方，一束半径为2Rr =的圆形单色光正对半球形玻璃砖的中心O 入射，经玻璃砖折射后在下方的光屏MN 上得到一个半径4Rr ='的圆形光斑，试求光屏MN 到半球形玻璃砖的直径AB 的距离。
（0tan 752=20.[选修3-5] （15分）（1）（6分）下列说法中正确的是 ( )A ．普朗克曾经大胆假设：振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值的整数倍，这个不可再分的最小能量值叫做能量子B ．α粒子散射实验中少数α粒子发生了较大偏转，这是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据之一C ．由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要辐射一定频率的光子，同时电子的动能减小，电势能增大D ．在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能E k 越大，则这种金属的逸出功W 0越小E ．在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此，光子散射后波长变短（2）（9分）静止的锂核（63Li ）俘获一个速度为7.7×106m/s 的中子，发生核反应后若只产生了两个新粒子，其中一个粒子为氦核（42He ），它的速度大小是8.0×106m/s ，方向与反应前的中子速度方向相同。