【优化方案】2016届高三物理大一轮复习高效演练:第二章 相互作用 第一节.doc

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高考物理大一轮361度全程复习-相互作用课件

高考物理大一轮361度全程复习-相互作用课件
【答案】 A
1.(2010·课标全国卷)一根轻质弹簧一端固定,用大小为 F1 的力压弹
簧的另一端,平衡时长度为 l1;改用大小为 F2 的力拉弹簧,平衡时长度为
l2.弹簧的拉伸或压缩均在弹性限度内,该弹簧的劲度系数为( )
A.Fl22--lF1 1
B.Fl22++lF1 1
C.Fl22+-lF1 1 【解析】
2.大小:重力的大小与物体的运动状态 无关 ,与物体所在的 地理位置 有关 .G=mg,g是一个常数,一般情况下取g=9.8 N/kg.
3.方向:重力的方向 竖直向下 . 4.重心:重力的作用点,重心 不一定 在物体的内部.重心的位 置不一定在物体的中心,与物体的 形状质量分布 有关,与物体的 质量大小 无关.
以上三式联立可得 a=gsin θ-μ2gcos θ 再隔离 P 物体,设 P 受到的静摩擦力为 FfP,方 向沿斜面向上,对 P 再应用牛顿第二定律得: mgsin θ-FfP=ma 可得出 FfP=μ2mgcos θ
2.用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体,静止时弹簧的伸长量为L,
现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m的物体,系统静止时弹簧伸
平行四边形 定则或 三角形 定则.
3.力的图示与力的示意图
(1)力的图示:从力的作用点沿力的方向画出的 有向线段 (包括
力的三要素).
(2)力的示意图:受力分析时,画出的表示物体受到某一力的
有向线段
(不要求画出标度).
1.产生原因:重力是由于地球的吸引 而使物体受到的力,重力 不等于 地球对物体的吸引力.
若认为弹簧的质量都为零,以 x1、x2、x3、x4 依次表示四个弹簧的伸
长量,则有( )
A.x2>x1
B.x4>x3

2016届高三高考物理一轮课件第2章-4(相互作用)

2016届高三高考物理一轮课件第2章-4(相互作用)

(3)200 弹簧自身存在重力
(4)CBDAEFG
人教物理
第二章
2016年新课标高考· 大一轮复习讲义
夯实·必备知识 精研·疑难要点 创新·拓展实验 演练·目标课堂
[通关演练1]
(1) 在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中,以下
说法正确的是( ) A.弹簧被拉伸时,不能超出它的弹性限度 B.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力.应保证弹簧位于 竖直位置且处于平衡状态
夯实·必备知识 精研·疑难要点 创新·拓展实验 演练·目标课堂
夯实· 必备知识
考· 大一轮复习讲义
夯实·必备知识 精研·疑难要点 创新·拓展实验 演练·目标课堂
人教物理
第二章
2016年新课标高考· 大一轮复习讲义
夯实·必备知识 精研·疑难要点 创新·拓展实验 演练·目标课堂
(1)某次测量如图2所示,指针示数为________cm. (2)在弹性限度内,将50 g的钩码逐个挂在弹簧下端,得到 指针A、B的示数LA和LB如表1.用表1数据计算弹簧Ⅰ的劲度系 数 为 ________N/m( 重 力 加 速 度 g = 10 m/s2) . 由 表 1 数 据 ________(填“能”或“不能”)计算出弹簧Ⅱ的劲度系数. [解析] (1)刻度尺的最小分度为0.1 cm,读数时要估读到
夯实·必备知识 精研·疑难要点 创新·拓展实验 演练·目标课堂
(1)为完成实验,还需要的实验器材有:_______________. (2)实验中需要测量的物理量有:_____________________. (3)图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的F-x图线,由此可求
出弹簧的劲度系数为________N/m.图线不过原点的原因是由于
[通关演练2] 某实验 小 组做 “ 探 究弹力 和 弹簧伸 长 量的关 系 ” 的实 验.实验时,先把弹簧平放在桌面上,用刻度尺测出弹簧的原 长L0=4.6 cm,再把弹簧竖直悬挂起来,在下端挂钩码,每增

【优化方案】2016届高三物理大一轮复习课后达标:第二章 相互作用 第二节

【优化方案】2016届高三物理大一轮复习课后达标:第二章 相互作用 第二节

一、单项选择题1.F 1、F 2是力F 的两个分力.若F =10 N ,则下列不可能是F 的两个分力的是( ) A .F 1=10 N ,F 2=10 N B .F 1=20 N ,F 2=20 N C .F 1=2 N ,F 2=6 N D .F 1=20 N ,F 2=30 N 答案:C2.如图所示,有5个力作用于同一点O ,表示这5个力的有向线段恰构成一个正六边形的两邻边和三条对角线,已知F 1=10 N ,求这5个力的合力大小( )A .50 NB .30 NC .20 ND .10 N解析:选B.利用三角形定则可知:F 2和F 4的合力等于F 1,F 5和F 3的合力也等于F 1,这5个力的合力大小为3F 1=30 N.3.(2015·惠州模拟)如图所示,舰载机保持牵引力F 大小不变在匀速航行的航母上降落时受到阻拦而静止,此时阻拦索夹角θ=120°,空气阻力和甲板阻力不计,则阻拦索承受的张力大小为( )A.F 2 B .F C.3FD .2F解析:选B.两边绳子拉力相等,夹角120°,由结论知:F =F 1=F 2,故选B.4.(2015·河南平顶山模拟)如图所示,一条细绳跨过定滑轮连接两个小球A 、B ,它们都穿在一根光滑的竖直杆上,不计绳与滑轮间的摩擦,当两球平衡时OA 绳与水平方向的夹角为θ,OB 绳与水平方向的夹角为2θ,则球A 、B 的质量之比为( )A .2cos θ∶1B .1∶2cos θC .tan θ∶1D .1∶2sin θ解析:选B.A 、B 的重力都与绳的竖直分量相等,即T sin θ=m A g ,T sin 2θ=m B g ,m A ∶m B =1∶2cos θ,选项B 正确.5.(2015·湖南十二校模拟)如图所示,光滑斜面的倾角为30°,轻绳通过两个滑轮与A 相连,轻绳的另一端固定于天花板上,不计轻绳与滑轮的摩擦.物块A 的质量为m ,不计滑轮的质量,挂上物块B 后,当动滑轮两边轻绳的夹角为90°时,A 、B 恰能保持静止,则物块B 的质量为( )A.22m B.2m C .mD .2m解析:选A.先以A 为研究对象,由A 物块受力及平衡条件可得绳中张力T =mg sin 30°.再以动滑轮为研究对象,分析其受力并由平衡条件有m B g =2T ,解得m B =22m ,A 正确. 6.用三根轻绳将质量为m 的物块悬挂在空中,如图所示.已知ac 和bc 与竖直方向的夹角分别为30°和60°,则ac 绳和bc 绳中的拉力分别为( )A.32mg 12mg B.12mg 32mg C.34mg 12mg D.12mg 34mg 解析:选A.结点c 受到绳子向下的拉力F 大小等于物块的重力mg ,它产生两个作用效果:拉紧ac 绳和bc 绳,将力F 沿ac 绳和bc 绳方向分解,如图所示.由图中的几何关系可得F 1=F cos 30°=32mg ,F 2=F sin 30°=12mg .则有ac 绳中的拉力F ac =F 1=32mg ,bc 绳中的拉力F bc =F 2=12mg ,故A 正确.☆7.(2015·济南模拟)如图所示,在粗糙水平面上放置A 、B 、C 、D 四个小物块,各小物块之间由四根完全相同的轻弹簧相互连接,正好组成一个菱形,∠BAD =120°,整个系统保持静止状态.已知A 物块所受的摩擦力大小为F f ,则D 物块所受的摩擦力大小为( )A.32F fB .F f C.3F fD .2F f解析:选C.假设弹簧处于拉伸状态,设弹簧的弹力为F ,以A 物块为研究对象,受力如图甲所示,根据平衡条件可得F =F f ;再以D 物块为研究对象,受力如图乙所示,F f ′=2F ′cos 30°=2F cos 30°=3F f ,选项C 正确.二、多项选择题8.(2015·南昌高三质检)物体同时受到同一平面内的三个力的作用,下列几组力的合力不可能为零的是( )A .3 N,4 N,8 NB .5 N,2 N,3 NC .1 N,5 N,10 ND .10 N,10 N,10 N解析:选AC.三个力合成,若前两个力的合力可与第三个力大小相等,方向相反,就可以使这三个力合力为零,只要使第三个力在其他两个力的合力范围之内,就可能使合力为零,即第三个力F 3满足:|F 1-F 2|≤F 3≤F 1+F 2.9.(2015·北京海淀高三上学期期中)如图所示,重物的质量为m ,轻细绳AO 的A 端和BO 的B 端固定,平衡时AO 水平,BO 与水平方向的夹角为60°.AO 的拉力F 1和BO 的拉力F 2与物体重力的大小关系是( )A .F 1>mgB .F 1<mgC.F2<mg D.F2>mg解析:选BD.以结点O为研究对象,分析受力,利用平行四边形定则画出各力,可知,F2>mg,F1<mg,选项B、D正确.10.(2015·辽宁抚顺六校模拟)如图所示,重20 N的物体放在粗糙水平面上,用F=8 N 的力斜向下推物体,F与水平面成30°角,物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.5,则()A.物体对地面的压力为24 NB.物体所受的摩擦力为12 NC.物体所受的合力为5 ND.物体所受的合力为零解析:选AD.物体对地面的压力F N=mg+F sin 30°=24 N,A正确.水平方向外力的分力为F x=F cos 30°=4 3 N,滑动摩擦力F f=μF N=12 N,因F x<F f,无法推动物体,故物体处于静止状态,所受合力为零,摩擦力等于4 3 N,B、C错误,D正确.11.(2015·大连模拟)如图所示,作用于O点的三个力F1、F2、F3合力为零.F1沿-y方向,大小已知.F2与+x方向夹角为θ(θ<90°),大小未知.下列说法正确的是()A.F3可能指向第二象限B.F3一定指向第三象限C.F3与F2的夹角越小,则F3与F2的合力越小D.F3的最小可能值为F1cos θ解析:选AD.因F1、F2、F3的合力为零,故F3应与F2、F1的合力等大反向,故F3可能在第二象限,也可能在第三象限,A对B错;F3、F2的合力与F1等大反向,而F1大小、方向均已知,故F3与F2的合力与其夹角大小无关,C错;当F3与F2垂直时,F3最小,其最小值为F1cos θ,D正确.12.(2015·潍坊模拟)自卸式货车可以提高工作效率,如图所示.在车厢由水平位置缓慢地抬起到一定高度且货物还未滑离车厢的过程中,货物所受车厢的支持力F N和摩擦力F f 都在变化.下列说法中正确的是()A.F N逐渐减小B.F N先减小后不变C.F f逐渐增大D.F f先增大后不变解析:选AD.设车厢与水平面的夹角为α.F N=mg cos α,α↑则F N↓,A正确B错误.货物滑动前F f=mg sin α,α↑则F f↑,当货物滑动后,F f=μF N=μmg cos α,α↑则F f↓,故C错D 正确.☆13.(2015·浙江教育学院高考抽测卷)两同学用如图所示方法做共点力平衡实验.M、N 为摩擦不计的定滑轮,O点是轻质细绳OA、OB和OC的结点,桌上有若干相同的钩码,一同学已经在A点和C点分别挂了3个和4个钩码,为使O点在两滑轮间某位置受力平衡,另一同学在B点挂的钩码数应是()A.1个B.3个C.4个D.5个解析:选BC.设细绳OM与OC的夹角为θ,则根据力的平衡条件可得:T2B=42+32+24cos θ,而90°<θ<180°,解得1<T B<5,所以选项B、C正确.☆14.如图所示,物体在沿粗糙斜面向上的拉力F作用下处于静止状态.当F逐渐增大到物体即将相对于斜面向上运动的过程中,斜面对物体的作用力可能()A.逐渐增大B.逐渐减小C.先增大后减小D.先减小后增大解析:选AD.因为初始状态拉力F的大小未知,所以斜面对物体的摩擦力大小和方向未知,故在F逐渐增大的过程中,斜面对物体的作用力的变化存在多种可能.斜面对物体的作用力是斜面对物体的支持力与摩擦力的合力.因为物体始终保持静止状态,所以斜面对物体的作用力和物体重力G与拉力F的合力是平衡力.因此,判断斜面对物体的作用力的变化就转化为分析物体的重力G和拉力F的合力的变化.物体的重力G和拉力F的合力的变化如图所示,由图可知,F合可能先减小后增大,也可能逐渐增大.。

高考物理全国通用大一轮复习讲义文档第二章相互作用本章学科素养提升Word版含答案

高考物理全国通用大一轮复习讲义文档第二章相互作用本章学科素养提升Word版含答案

⊳思维建模能力的培养 ⊳析题破题能力的培养1.三种模型对比2.解决三种模型问题时应注意的事项(1)轻杆、轻绳、轻弹簧都是忽略质量的理想化模型. (2)分析轻杆上的弹力时必须结合物体的运动状态.(3)讨论轻弹簧上的弹力时应明确弹簧处于伸长还是压缩状态.例1 (多选)如图1所示,一条细线一端与地板上的物体B (物体B 质量足够大)相连,另一端绕过质量不计的定滑轮与小球A 相连,定滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O ′点,细线与竖直方向所成角度为α,则( )图1A.如果将物体B在地板上向右移动一点,α角将增大B.无论物体B在地板上左移还是右移,只要距离足够小,α角将不变C.增大小球A的质量,α角一定减小D.悬挂定滑轮的细线的弹力不可能等于小球A的重力答案AD解析O、A之间的细线一定沿竖直方向,如果物体B在地板上向右移动一点,O、B间的细线将向右偏转,OA与OB间的夹角将增大.OA与OB两段细线上的弹力都等于小球A的重力,其合力与悬挂定滑轮的细线的弹力大小相等、方向相反,悬挂定滑轮的细线的弹力方向(即OO′的方向)与∠AOB的平分线在一条直线上,显然物体B在地板上向右移动时α角将增大,选项A正确,B错误;增大小球A的质量,只要物体B的位置不变,则α角也不变,选项C错误;因物体B无论在地板上移动多远,∠AOB都不可能达到120°,故悬挂定滑轮的细线的弹力不可能等于小球A的重力,选项D正确.例2如图2所示,水平轻杆的一端固定在墙上,轻绳与竖直方向的夹角为37°,小球的重力为12 N,轻绳的拉力为10 N,水平轻弹簧的弹力为9 N,小球处于静止状态,求轻杆对小球的作用力.图2答案见解析解析设杆的弹力大小为F,与水平方向的夹角为α.(1)弹簧对小球向左拉时:小球受力如图甲所示.由平衡条件知:F cos α+F1sin 37°=F2F sin α+F1cos 37°=G代入数据解得:F=5 N,α=53°即杆对小球的作用力大小为5 N,方向与水平方向成53°角斜向右上方.(2)弹簧对小球向右推时:小球受力如图乙所示:由平衡条件得:F cos α+F1sin 37°+F2=0F sin α+F1cos 37°=G代入数据解得:F=15.5 N,α=π-arctan 4 15.即杆对小球的作用力大小为15.5 N,方向与水平方向成arctan 415斜向左上方.例3如图3所示,轻绳AD跨过固定在水平横梁BC右端的定滑轮挂住一个质量为10 kg 的物体,∠ACB=30°,g取10 m/s2,求:图3(1)轻绳AC段的张力F AC的大小;(2)横梁BC对C端的支持力的大小及方向.答案(1)100 N(2)100 N方向与水平方向成30°角斜向右上方解析物体M处于平衡状态,根据平衡条件可判断,与物体相连的轻绳拉力大小等于物体的重力,取C点为研究对象,进行受力分析,如图所示.(1)图中轻绳AD跨过定滑轮拉住质量为M的物体,物体处于平衡状态,绳AC段的拉力大小为:F AC=F CD=Mg=10×10 N=100 N(2)由几何关系得:F C=F AC=Mg=100 N方向和水平方向成30°角斜向右上方.物理的学习特别强调分析、推理和建模能力的培养,特别是对于题目隐含条件的挖掘,找到解决问题的突破口,此称为破题能力.在本章有一类典型的共点力平衡问题,即轻绳套轻环的动态平衡分析问题,如图4所示.图4绳上套的是轻环,作用在绳上形成“活结”,此时绳上的拉力处处相等,平衡时与水平面所成夹角相等,即α=β.当动点P移至P′时,绳长保持不变,夹角α=β也保持不变,Q移至Q′,这与绳“死结”模型截然不同.此类问题破题关键有两点:(1)不计轻环与绳间的摩擦时,左右两段绳中张力相等,左右两段绳与竖直方向的夹角也相等.(2)总绳长度不变时,sin θ=dl,绳中张力和绳与竖直方向的夹角θ随两悬点水平距离d的变化而变化.例4如图5所示为建筑工地一个小型起重机起吊重物的示意图.一根轻绳跨过光滑的动滑轮,轻绳的一端系在位置A处,动滑轮的下端挂上重物,轻绳的另一端挂在起重机的吊钩C 处,起吊重物前,重物处于静止状态.起吊重物过程是这样的:先让吊钩从位置C竖直向上缓慢地移动到位置B,然后再让吊钩从位置B水平向右缓慢地移动到D,最后把重物卸在某一个位置.则关于轻绳上的拉力大小变化情况,下列说法正确的是()图5A.吊钩从C向B移动过程中,轻绳上的拉力不变B.吊钩从B向D移动过程中,轻绳上的拉力变小C.吊钩从C向B移动过程中,轻绳上的拉力变大D.吊钩从B向D移动过程中,轻绳上的拉力不变答案 A解析由C到B时,两绳夹角不变,故绳子拉力不变,由B到D时,两绳夹角θ增大,2F T cos θ2=mg,绳子拉力增大.例5如图6所示,竖直放置的“”形支架上,一根不可伸长的轻绳通过不计摩擦的轻质滑轮悬挂一重物G,现将轻绳的一端固定于支架上的A点,另一端从B点(与A点等高)沿支架缓慢地向C点靠近,则绳中拉力大小变化的情况是()图6A.变大B.变小C.不变D.先变大后变小答案 C解析因不计轻质滑轮的摩擦,故悬挂重物的左右两段轻绳的拉力大小相等,由平衡条件可知,两绳与竖直方向的夹角大小相等,设均为θ,则有2F cos θ=G.设左右两段绳长分别为l1、l2,两竖直支架之间的距离为d,则有l1sin θ+l2sin θ=d,得:sin θ=dl1+l2,在悬点B 竖直向上移至C点的过程中,虽然l1、l2的大小均变化,但l1+l2不变,故θ不变,F不变,C正确.。

江苏省近年高考物理大一轮复习第二章相互作用练习手册

江苏省近年高考物理大一轮复习第二章相互作用练习手册
(3)若撤去的力不是F1而是F2,求木块受到的摩擦力的大小和方向。
第2讲力的合成与分解
一、 单项选择题
1.物体同时受到同一平面内的三个力的作用,下列几组力的合力不可能为零的是()
A.5N,7N,8NB。5N,2N,3N
C。1N,5N,10ND。10N,10N,10N
2。(2016·启东中学)如图所示,在粗糙水平面上放置A、B、C、D四个小物块,各小物块之间由四根完全相同的轻弹簧相互连接,正好组成一个菱形,∠BAD=120°,整个系统保持静止状态.已知A物块所受的摩擦力大小为f,则D物块所受的摩擦力大小为()
A。a、b受力个数可能相同
B。F1、F2大小一定相等
C。墙面对物体的弹力一定相等
D。b受到摩擦力可能大于a受到的摩擦力
8。如图所示,两只相同的均匀光滑小球置于半径为R的圆柱形容器中,且小球的半径r满足2r〉R>r,则关于A、B、C、D四点的弹力大小,下列说法中正确的是()
A。D点的弹力一定大于小球的重力
A.90°B。45°C.θD.45°+
5.四个半径为r的匀质球在光滑的水平面上堆成锥形,如图所示。下面的三个球A、B、C用绳缚住,绳与三个球心在同一水平面内,D球放在三球上方处于静止状态.如果四个球的质量均为m,则D球对A、B、C三球的压力均为()
A。mg
B.mg
C。mg
D。mg
二、 多项选择题
6。(2015·姜堰中学)两个共点力F1、F2大小不同,它们的合力大小为F,则下列说法中错误的是()
D.桌面对石块c的作用力一定竖直向上
3。(2015·姜堰模拟)如图所示,一只半径为R的半球形碗倒扣在水平桌面上处于静止状态,一质量为m的蚂蚁在离桌面高度R时恰能停在碗上.则蚂蚁受到的最大静摩擦力大小为()

2016届高三高考物理一轮课件第2章-1(相互作用)

2016届高三高考物理一轮课件第2章-1(相互作用)
夯实·必备知识 精研·疑难要点 微课·方法技巧 演练·目标课堂 提能·课时冲关
A.一直随F的增大而增大 B.大小不变
C.方向一直水平向左
D.方向先向左后向右 答案:C
人教物理
第二章
2016年新课标高考· 大一轮复习讲义
夯实·必备知识 精研·疑难要点 微课·方法技巧 演练·目标课堂 提能·课时冲关
[知识存盘] 1.滑动摩擦力的产生条件 粗糙 . (1)接触面_____ 弹力 . (2)接触处有_____ 相对运动 . (3)两物体间有_________ 2.滑动摩擦力的定义 滑动摩擦力:两个相互接触且发生形变的粗糙物体,当它 相对运动时,就会在接触面上产生阻碍相对运动的力. 们发生________
1.如图所示,两辆车在以相同的速度做匀速运动,根据 图中所给信息和所学知识你可以得出的结论是 ( )
人教物理
第二章
2016年新课标高考· 大一轮复习讲义
夯实·必备知识 精研·疑难要点 微课·方法技巧 演练·目标课堂 提能·课时冲关
A.物体各部分都受重力作用,但可以认为物体各部分所 受重力集中于一点 B.重力的方向总是垂直向下的
第二章
2016年新课标高考· 大一轮复习讲义
夯实·必备知识 精研·疑难要点 微课·方法技巧 演练·目标课堂 提能·课时冲关
人教物理
第二章
2016年新课标高考· 大一轮复习讲义
夯实·必备知识 精研·疑难要点 微课·方法技巧 演练·目标课堂 提能·课时冲关
人教物理
第二章
2016年新课标高考· 大一轮复习讲义
答案:D
人教物理
第二章
2016年新课标高考· 大一轮复习讲义
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高优设计2016届高考物理一轮复习单元质检二相互作用(含解析)鲁科版

高优设计2016届高考物理一轮复习单元质检二相互作用(含解析)鲁科版

单元质检二相互作用(时间:60分钟满分:110分)一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分。

在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1.如图甲所示为杂技表演的安全网示意图,网绳的结构为正方格形,O、A、B、C、D……为网绳的结点,安全网水平张紧后,若质量为m的运动员从高处落下,并恰好落在O点上,该处下凹至最低点时,网绳DOE,BOG均呈120°向上的张角,如图乙所示,此时O点受到的向下的冲击力大小为F,则这时O点周围每根网绳承受的力的大小为( )A.FB.错误!未找到引用源。

C.F+mgD.错误!未找到引用源。

解析:对O点进行受力分析,O点受到竖直向下的冲力F和斜向上的网绳的拉力,设每根网绳的拉力大小为F1,由力的合成可知,网绳OE和OD的拉力的合力大小为F1,方向竖直向上;同理,网绳OB和OG的拉力的合力大小也为F1,方向竖直向上;由2F1=F得F1=错误!未找到引用源。

,又因为网绳DOE、BOG均呈120°角,故选项B正确。

答案:B2.缓冲装置可抽象成如图所示的简单模型,图中A、B为原长相等、劲度系数分别为k1、k2(k1≠k2)的两个不同的轻质弹簧。

下列表述正确的是( )A.装置的缓冲效果与两弹簧的劲度系数无关B.垫片向右移动稳定后,两弹簧产生的弹力之比F1∶F2=k1∶k2C.垫片向右移动稳定后,两弹簧的长度之比l1∶l2=k2∶k1D.垫片向右移动稳定后,两弹簧的压缩量之比x1∶x2=k2∶k1解析:根据力的作用是相互的可知:轻质弹簧A、B中的弹力大小是相等的,即k1x1=k2x2,所以两弹簧的压缩量之比x1∶x2=k2∶k1,故选项D正确。

答案:D3.一个挡板固定于光滑水平地面上,截面为错误!未找到引用源。

圆的柱状物体甲放在水平面上,半径与甲相等的光滑圆球乙被夹在甲与挡板之间,没有与地面接触而处于静止状态,如图所示。

【优化方案】2016届高三物理大一轮复习精讲课件:第二章相互作用第二节

【优化方案】2016届高三物理大一轮复习精讲课件:第二章相互作用第二节
相加.
第二章
相互作用
3.(单选)下列各组物理量中全部是矢量的是( A )
A.位移、速度、加速度、力 B.位移、长度、速度、电流 C.力、位移、速率、加速度 D.速度、加速度、力、电流
第二章
相互作用
考点一 考点二
共点力的合成 力的两种分解方法
第二章
相互作用
考点一 共点力的合成 1.共点力合成的方法
第二章
相互作用
1.(多选)两个共点力F1、F2大小不同,它们的
合力大小为F,则( AD) A.F1、F2同时增大一倍,F也增大一倍 B.F1、F2同时增加10 N,F也增加10 N C.F1增加10 N,F2减少10 N,F一定不变
D.若F1、F2中的一个增大,F不一定增大
第二章
相互作用
二、力的分解
3.几种特殊情况下力的合成
2 (1)两分力 F1、 F2 互相垂直时 (如图甲所示 ): F 合= F1 + F2 2, F2 tan θ= . F1
甲 乙 (2)两分力大小相等时,即 F1= F2= F 时 (如图乙所示 ): θ F 合 = 2Fcos . 2 (3)两分力大小相等,夹角为 120° 时,可得 F 合 = F.
力学中,以少分解力和容易分解力为原则(即尽量多的力在坐
标轴上);在动力学中,以加速度方向和垂直加速度方向为坐 标轴建立坐标系.
第二章
相互作用
(3)方法:物体受到多个力作用 F1、F2、F3„,求合力 F 时,可把各力沿相互垂直的 x 轴、 y 轴分解. x 轴上的合力: Fx= Fx1+ Fx2+ Fx3+„ y 轴上的合力: Fy= Fy1+ Fy2+ Fy3+„
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相互作用
[解析] 根据三力的图示,知F1、F2在竖直方 向 分力的大小

2016《优化设计》一轮物理2.2

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1 2 3 4 5
3.(对合力与分力的关系的理解)有两个大小相等的共点力 F1 和 F2,当它们 的夹角为 90° 时,合力为 F,它们的夹角变为 120° 时,合力的大小为( ) A.2 F C.√2F B. F
√2
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思路引导
①如何求得绳中的张力 ? ②画出挂有物体 B 的轻质滑轮的受力示意图。
①提示 :对斜面上的物体 A 受力分析可知 ,绳中的张力 F=mgsin 30° 。 ②提示 :
第二章
考点一 考点二
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在甲中 2FT=mg ,在乙中,2 FT cos α=mg (α不变 为绳与竖直方向的夹角 ),所以 FT 变大 ,但两个 FT A. FT 减小 ,F 不变 B. F ,F T 增大 的合力为 mg ,选项 B C. FT 增大 , F不变 减小 D.正确。 FT 增大,F 增大
关闭
B
解析
答案
-20-
2.正交分解法 (1)定义 :将已知力按互相垂直的两个方向进行分解的方法。 (2)建立坐标轴的原则 :一般选共点力的作用点为原点,在静力学中,以 少分解力和容易分解力为原则(使尽量多的力在坐标轴上);在动力学中和, 往往以加速度方向和垂直加速度方向为坐标轴建立坐标系。
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【优化方案】2016届高三物理大一轮复习教学讲义:第二章 相互作用 第一节

【优化方案】2016届高三物理大一轮复习教学讲义:第二章 相互作用 第一节

2016高考导航考纲展示1.滑动摩擦力、动摩擦因数、静摩擦力Ⅰ2.形变、弹性、胡克定律Ⅰ3.矢量和标量Ⅰ4.力的合成和分解Ⅱ5.共点力的平衡Ⅱ实验二:探究弹力和弹簧伸长的关系实验三:验证力的平行四边形定则说明:处理物体在粗糙面上的问题,只限于已知相对运动趋势或已知运动方向的情况.热点视角1.本章内容主要包括重力、弹力、摩擦力、力的合成与分解、物体的平衡等知识.高考对本章知识的考查通常以选择题的形式出现,对理解能力要求较高.2.高考对本章考查频率较高的是摩擦力和物体的平衡两知识点,常与牛顿运动定律、动能定理、能量守恒定律相结合,有时还与电场及磁场中的带电体的运动相结合,题目难度中等.3.本章知识还可以以现实生活中的现象为背景,或以高科技为背景考查一些综合性问题,这类问题是今后高考出题的方向.第一节重力弹力摩擦力[学生用书P18]一、重力1.产生:由于地球的吸引而使物体受到的力.2.大小:G=mg.3.方向:总是竖直向下.4.重心:因为物体各部分都受重力的作用,从效果上看,可以认为各部分受到的重力作用集中于一点,这一点叫做物体的重心.1.(单选)下列关于重力和重心的说法正确的是()A.物体所受的重力就是地球对物体产生的吸引力B.重力的方向总是指向地心C.重心就是物体所受重力的等效作用点,但重心不一定在物体上D.物体挂在弹簧秤下,弹簧秤的示数一定等于物体的重力答案:C二、弹力1.定义:发生弹性形变的物体由于要恢复原状,对与它接触的物体产生力的作用.2.产生的条件(1)两物体相互接触;(2)发生弹性形变.3.方向:与物体形变方向相反.2.(多选)下列关于弹力的几种说法,其中正确的是()A.两物体接触并不一定产生弹力B.静止在水平面上的物体所受重力就是它对水平面的压力C.静止在水平面上的物体受到向上的弹力是因为水平面发生了形变D.只要物体发生形变就一定有弹力产生答案:AC三、胡克定律1.内容:弹簧发生弹性形变时,弹簧的弹力的大小F跟弹簧伸长(或缩短)的长度x成正比.2.表达式:F=kx.(1)k是弹簧的劲度系数,单位为N/m;k的大小由弹簧自身性质决定.(2)x是弹簧长度的变化量,不是弹簧形变以后的长度.3.(单选)一根轻质弹簧,当它上端固定、下端悬挂重为G的物体时,长度为L1;当它下端固定在水平地面上,上端压一重为G的物体时,其长度为L2,则它的劲度系数是()A.GL1 B.GL2C.GL1-L2D.2G L1-L2答案:D四、摩擦力1.产生:相互接触且发生形变的粗糙物体间,有相对运动或相对运动趋势时,在接触面上所受的阻碍相对运动或相对运动趋势的力.2.产生条件:接触面粗糙;接触面间有弹力;物体间有相对运动或相对运动趋势.3.大小:滑动摩擦力F f=μF N,静摩擦力:0≤F f≤F fmax.4.方向:与相对运动或相对运动趋势方向相反.5.作用效果:阻碍物体间的相对运动或相对运动趋势.4.(多选)有关摩擦力的下列说法中,正确的是()A.有压力一定有摩擦力B.有摩擦力一定有压力C.只有运动物体才受滑动摩擦力,静止的物体所受摩擦力一定为静摩擦力D.静摩擦力的方向既可能与物体的运动方向相反,也可能与物体的运动方向相同答案:BD考点一弹力的分析与计算[学生用书P19]1.弹力有无的判断方法(1)条件法:根据物体是否直接接触并发生弹性形变来判断是否存在弹力.此方法多用来判断形变较明显的情况.(2)假设法:对形变不明显的情况,可假设两个物体间弹力不存在,看物体能否保持原有的状态,若运动状态不变,则此处不存在弹力;若运动状态改变,则此处一定有弹力.(3)状态法:根据物体的运动状态,利用牛顿第二定律或共点力平衡条件判断弹力是否存在.2.弹力方向的判断方法(1)根据物体所受弹力方向与施力物体形变的方向相反判断.(2)根据共点力的平衡条件或牛顿第二定律确定弹力的方向.3.计算弹力大小的三种方法(1)根据胡克定律进行求解.(2)根据力的平衡条件进行求解.(3)根据牛顿第二定律进行求解.(2015·潍坊模拟)如图甲所示,轻杆OB可绕B点自由转动,另一端O点用细绳OA拉住,固定在左侧墙壁上,质量为m的重物用细绳OC悬挂在轻杆的O点,OA与轻杆的夹角∠BOA=30°.乙图中水平轻杆OB一端固定在竖直墙壁上,另一端O装有小滑轮,用一根绳跨过滑轮后悬挂一质量为m的重物,图中∠BOA=30°,求:(1)甲、乙两图中细绳OA的拉力各是多大?(2)甲图中轻杆受到的弹力是多大?(3)乙图中轻杆对滑轮的作用力是多大?[审题突破](1)甲图中的O点是死结还是活结?乙图中的呢?(2)甲图中杆受到的力一定沿杆吗?乙图中呢?[解析](1)由于图甲中的杆可绕B转动,是转轴杆(是“活杆”),故其受力方向沿杆方向,O点的受力情况如图甲所示,则O点所受绳子OA的拉力F T1、杆的弹力F N1的合力与物体的重力是大小相等、方向相反的,在直角三角形中可得,F T1=mg/sin 30°=2mg;图乙中是用一细绳跨过滑轮悬挂物体的,由于O点处是滑轮,它只是改变绳中力的方向,并未改变力的大小,且AOC是同一段绳子,而同一段绳上的力处处相等,故乙图中绳子拉力为F′T1=F′T2=mg.(2)由甲图的受力的平行四边形可知,甲图中轻杆受的弹力为F′N1=F N1=mg/tan 30°=3 mg.(3)对乙图中的滑轮受力分析,如图乙所示,由于杆OB不可转动,所以杆所受弹力的方向不一定沿OB方向.即杆对滑轮的作用力一定与两段绳的合力大小相等,方向相反,由图乙可得,F2=2mg cos 60°=mg,则所求力F″N2=F′N2=F2=mg.[答案]见解析[总结提升]一般情况下,插入墙中的杆属于固定杆(如钉子),弹力方向不一定沿杆.而用铰链相连的杆属于活动杆,弹力方向一定沿杆.1.(多选)如图所示为位于水平面上的小车,固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ,在斜杆的下端固定有质量为m的小球.下列关于杆对球的作用力F的判断中,正确的是()A.小车静止时,F=mg sin θ,方向沿杆向上B.小车静止时,F=mg cos θ,方向垂直于杆向上C.小车向右做匀速运动时,一定有F=mg,方向竖直向上D.小车向右做匀加速运动时,一定有F>mg,方向可能沿杆向上解析:选CD.小球受重力和杆的作用力F处于静止或匀速运动状态时,由力的平衡条件知,二力必等大反向,有F=mg,方向竖直向上.小车向右做匀加速运动时,小球有向右的恒定加速度,根据牛顿第二定律知,mg和F的合力应水平向右,如图所示,由图可知,F>mg,方向可能沿杆向上.考点二摩擦力的分析与计算[学生用书P19]1.静摩擦力的有无和方向的判断方法(1)假设法:利用假设法判断的思维程序如下:(2)状态法:先判明物体的运动状态(即加速度的方向),再利用牛顿第二定律(F=ma)确定合力,然后通过受力分析确定静摩擦力的大小及方向.(3)牛顿第三定律法:先确定受力较少的物体受到的静摩擦力的方向,再根据“力的相互性”确定另一物体受到的静摩擦力方向.2.静摩擦力大小的计算(1)物体处于平衡状态(静止或匀速运动),利用力的平衡条件来判断其大小.(2)物体有加速度时,若只有静摩擦力,则F f=ma.若除静摩擦力外,物体还受其他力,则F合=ma,先求合力再求静摩擦力.3.滑动摩擦力的计算滑动摩擦力的大小用公式F f=μF N来计算,应用此公式时要注意以下几点:(1)μ为动摩擦因数,其大小与接触面的材料、表面的粗糙程度有关;F N为两接触面间的正压力,其大小不一定等于物体的重力.(2)滑动摩擦力的大小与物体的运动速度和接触面的大小均无关.(单选)一横截面为直角三角形的木块按如图所示放置,质量均为m 的A 、B 两物体用轻质弹簧相连放在倾角为30°的直角边上,物体C 放在倾角为60°的直角边上,B 与C 之间用跨过定滑轮的轻质细线连接,A 、C 的质量比为34,整个装置处于静止状态.已知物体A 、B 与斜面间的动摩擦因数相同(μ<1)且最大静摩擦力等于滑动摩擦力,弹簧弹力大小为mg ,C 与斜面间无摩擦,则( )A .物体A 、B 均受到摩擦力作用且受到的摩擦力等大反向 B .物体A 所受摩擦力大小为12mg ,物体B 不受摩擦力作用C .弹簧处于拉伸状态,A 、B 两物体所受摩擦力大小均为12mg ,方向均沿斜面向下D .剪断弹簧瞬间,物体A 一定加速下滑[审题点睛] (1)根据A 物体的受力情况判断弹簧处于什么状态?弹簧弹力与重力沿斜面的分力的合力大小、方向如何?(2)细线对B 的拉力大小是多少?弹簧对B 的弹力、线的拉力和重力沿斜面的分力,三者的合力大小、方向如何?[解析] 对A :重力下滑分力为12mg ,静摩擦力F f0≤μmg cos 30°<32mg ,F 弹=mg ,因此弹力方向沿斜面向上,摩擦力沿斜面向下,受力如图甲所示,则F f A =F 弹-mg sin 30°=12mg .对B :细线对B 的拉力F =m C g sin 60°=2mg >F 弹+m B g sin 30°.所以B 所受摩擦力沿斜面向下,受力如图乙所示,F f B =F -F 弹-m B g ·sin 30°=12mg ,故A 、B 错误,C 正确;剪断弹簧,A 受摩擦力向上,且满足F f0m >12mg ,故A 仍处于静止状态,D 错误.[答案] C[规律总结] (1)在分析两个或两个以上物体间的相互作用时,一般采用整体法与隔离法进行分析.(2)受静摩擦力作用的物体不一定是静止的,受滑动摩擦力作用的物体不一定是运动的.(3)摩擦力阻碍的是物体间的相对运动或相对运动趋势,但摩擦力不一定阻碍物体的运动,即摩擦力不一定是阻力.2.(单选)如图所示,轻绳两端分别与A、C两物体相连接,m A=1 kg、m B=2 kg、m C=3 kg,物体A、B、C之间及C与地面间的动摩擦因数均为μ=0.1,轻绳与滑轮间的摩擦可忽略不计,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力.若要用力将C物体拉动,则作用在C物体上水平向左的拉力最小为(取g=10 m/s2)()A.6 N B.8 NC.10 N D.12 N解析:选B.要拉动C,则B、C整体向左滑动,A向右滑动,则A对B施加向右的滑动摩擦力F f1=μm A g=1 N,同时,A通过滑轮对B、C施加拉力F T=F f1=1 N,此时B、C受地面摩擦力F f2=μ(m A+m B+m C)g=6 N.B、C整体受力情况如图所示.所以F=F T+F f1+F f2=8 N,故最小拉力为8 N.考点三摩擦力突变问题的分析[学生用书P20]1.当物体受力或运动发生变化时,摩擦力常发生突变,摩擦力的突变,又会导致物体的受力情况和运动性质的突变,其突变点(时刻或位置)往往具有很深的隐蔽性.对其突变点的分析与判断是物理问题的切入点.2.常见类型(1)静摩擦力因其他外力的突变而突变.(2)静摩擦力突变为滑动摩擦力.(3)滑动摩擦力突变为静摩擦力.(单选)如图所示,把一重为G的物体,用一水平方向的推力F=kt(k为恒量,t为时间)压在竖直的足够高的平整墙上,从t=0开始物体所受的摩擦力F f随t的变化关系是下图中的()[解析] 物体在竖直方向上只受重力G 和摩擦力F f 的作用,由于F f 从零开始均匀增大,开始一段时间F f <G ,物体加速下滑;当F f =G 时,物体的速度达到最大值;之后F f >G ,物体向下做减速运动,直至减速为零.在整个运动过程中,摩擦力为滑动摩擦力,其大小为F f =μF N =μF =μkt ,即F f 与t 成正比,是一条过原点的倾斜直线.当物体速度减为零后,滑动摩擦力突变为静摩擦力,其大小为F f =G ,所以物体静止后的图线为平行于t 轴的线段.正确答案为B.[答案]B3.(单选)一木块放在水平桌面上,在水平方向共受到三个力即F 1、F 2和摩擦力的作用,木块处于静止状态,如图所示,其中F 1=10 N ,F 2=2 N ,若撤去F 1,则木块受到的摩擦力为()A .10 N ,方向向左B .6 N ,方向向右C .2 N ,方向向右D .0解析:选C.当物体受F 1、F 2及摩擦力的作用而处于平衡状态时,由平衡条件可知物体所受的摩擦力的大小为8 N ,可知最大静摩擦力F fmax ≥8 N .当撤去力F 1后,F 2=2 N <F fmax ,物体仍处于静止状态,由平衡条件可知物体所受的静摩擦力大小和方向发生突变,且与作用在物体上的F 2等大反向,C 正确.扫一扫 进入91导学网( ) 摩擦力[学生用书P 21]物理模型——轻杆、轻绳、轻弹簧模型如图所示,水平轻杆的一端固定在墙上,轻绳与竖直方向的夹角为37°,小球的重力为12 N ,轻绳的拉力为10 N ,水平轻弹簧的弹力为9 N ,求轻杆对小球的作用力.[审题点睛] 轻绳的弹力方向一定沿绳收缩方向,具有唯一性,轻弹簧弹力沿弹簧轴线,方向有两种可能.固定轻杆的弹力方向,具有多种可能性.因此应分两种情况确定轻杆对小球的作用力大小和方向.[解析]甲(1)弹簧对小球向左拉时:设杆的弹力大小为F ,与水平方向的夹角为α,小球受力如图甲所示.由平衡条件知:⎩⎪⎨⎪⎧F cos α+F 1sin 37°=F 2F sin α+F 1cos 37°=G 代入数据解得:F =5 N ,α=53°即杆对小球的作用力大小约为5 N ,方向与水平方向成53°角斜向右上方.乙(2)弹簧对小球向右推时: 小球受力如图乙所示: 由平衡条件得:⎩⎪⎨⎪⎧F cos α+F 1sin 37°+F 2=0F sin α+F 1cos 37°=G 代入数据解得:F =15.5 N ,α=π-arctan 415.即杆对小球的作用力大小约为15.5 N ,方向与水平方向成arctan 415斜向左上方.[答案] 见解析[建模感悟] 弹簧与橡皮筋的弹力特点(1)弹簧与橡皮筋产生的弹力遵循胡克定律F =kx . (2)橡皮筋、弹簧的两端及中间各点的弹力大小相等.(3)弹簧既能受拉力,也能受压力(沿弹簧轴线),而橡皮筋只能受拉力作用.(4)弹簧和橡皮筋中的弹力均不能突变,但当将弹簧或橡皮筋剪断时,其弹力立即消失.4.(单选)(2015·延安模拟)一重为10 N 的球固定在支杆AB 的上端,今用一段绳子水平拉球,使杆发生弯曲,已知绳的拉力为7.5 N ,则AB 杆对球的作用力( )A .大小为7.5 NB .大小为10 NC .方向与水平方向成53°角斜向右下方D .方向与水平方向成53°角斜向左上方解析:选D.对小球进行受力分析可得,AB 杆对球的作用力与绳的拉力的合力与小球重力等值反向,令AB 杆对小球的作用力与水平方向夹角为α,可得:tan α=G F 拉=43,α=53°,故D 项正确.[学生用书P 21]1.(单选)(2015·北京西城区模拟)一根很轻的弹簧,在弹性限度内,当它的伸长量为4.0 cm 时,弹簧的弹力大小为8.0 N ;当它的压缩量为1.0 cm 时,该弹簧的弹力大小为( )A .2.0 NB .4.0 NC .6.0 ND .8.0 N 解析:选A.根据胡克定律的内容:F =kx ,x 为弹簧的形变量,F 1=kx 1(F 1=8.0 N ,x 1=4.0 cm),F 2=kx 2(x 2=1.0 cm),所以F 2=2.0 N ,选项A 正确.2.(单选)(2015·黄冈模拟)如图所示,一轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接,弹簧、地面水平.A 、B 是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的点,A 、B 两点离墙壁的距离分别为x 1、x 2.物块与地面间的最大静摩擦力为F f ,则弹簧的劲度系数为( )A.F f x 2+x 1B.2F f x 2+x 1C.2F f x 2-x 1D.F f x 2-x 1解析:选C.设弹簧原长为x 0,则F f =k (x 2-x 0)=k (x 0-x 1),解得k =2F f x 2-x 1,C 正确. 3.(单选)(2015·宝鸡模拟)如图所示,倾角为θ的斜面体C 置于水平地面上,小物块B 置于斜面上,通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A 相连接,连接B 的一段细绳与斜面平行,已知A 、B 、C 都处于静止状态,则( )A .B 受C 的摩擦力一定不为零B .C 受地面的摩擦力一定为零C .C 有沿地面向右滑的趋势,一定受到地面向左的摩擦力D .将细绳剪断,若B 依然静止在斜面上,此时地面对C 的摩擦力水平向左解析:选C.当A 物体的重力等于B 物体重力沿斜面向下的分力时,B 不受摩擦力,故A错;B、C看做一个整体,受斜向上的拉力而静止,C一定受向左的静摩擦力,剪断细绳,地面对C没有摩擦力,故C正确,B、D错误.4.(单选)如图所示,人向右匀速推动水平桌面上的长木板,在木板翻离桌面以前,则()A.木板露出桌面后,推力将逐渐减小B.木板露出桌面后,木板对桌面的压力将减小C.木板露出桌面后,桌面对木板的摩擦力将减小D.推力、压力、摩擦力均不变解析:选D.在木板翻离桌面以前,由其竖直方向受力分析可知,桌面对木板的支持力等于重力,所以木板所受到的摩擦力不变,又因为长木板向右匀速运动,所以推力等于摩擦力,不变.综上所述,选项D正确.5.(单选)如图所示,一倾角为45°的斜面固定于墙角,为使一光滑的铁球静止于图示位置,需加一水平力F,且F通过球心.下列说法正确的是()A.球一定受墙水平向左的弹力B.球可能受墙水平向左的弹力C.球一定受斜面通过铁球的重心的弹力D.球可能受斜面垂直于斜面向上的弹力解析:选B.F的大小合适时,球可以静止在无墙的斜面上,F增大时墙才会对球有弹力,所以选项A错误,B正确.斜面必须有斜向上的弹力才能使球不下落,该弹力方向垂直于斜面但不一定通过球的重心,所以选项C、D错误.6.(单选)如图所示,质量为1 kg的物体与地面间的动摩擦因数μ=0.2,从t=0开始以初速度v0沿水平地面向右滑行,同时受到一个水平向左的恒力F=1 N的作用,取g=10 m/s2,向右为正方向,该物体受到的摩擦力F f随时间变化的图象是(最大静摩擦力等于滑动摩擦力)()解析:选A.一、单项选择题1.(2015·南昌调研)两个劲度系数分别为k 1和k 2的轻质弹簧a 、b 串联在一起,a 弹簧的一端固定在墙上,如图所示.开始时两弹簧均处于原长状态,现用水平力作用在b 弹簧的P 端向右拉动弹簧,已知a 弹簧的伸长量为L ,则( )A .b 弹簧的伸长量也为LB .b 弹簧的伸长量为k 1L k 2C .P 端向右移动的距离为2LD .P 端向右移动的距离为⎝⎛⎭⎫1+k 2k 1L 解析:选B.因为a 、b 两弹簧串接,两弹簧受力相同,a 弹簧的伸长量为L ,则弹力F=k 1L ,所以b 弹簧的伸长量为k 1L k 2,因此A 错误,B 正确;P 端向右移动的距离为L a +L b =L +k 1L k 2,因此C 、D 错误. 2.(2014·高考广东卷)如图所示,水平地面上堆放着原木,关于原木P 在支撑点M 、N 处受力的方向,下列说法正确的是( )A.M处受到的支持力竖直向上B.N处受到的支持力竖直向上C.M处受到的静摩擦力沿MN方向D.N处受到的静摩擦力沿水平方向解析:选A.支持力的方向垂直于支持面,因此M处受到的支持力垂直于地面竖直向上,N处支持力过N垂直于切面,A项正确、B项错;静摩擦力方向平行于接触面与相对运动趋势的方向相反,因此M处的静摩擦力沿水平方向,N处的静摩擦力沿MN方向,C、D项都错误.3.(2015·浙江宁波联考)如图所示,A、B两个物块的重力分别是G A=3 N,G B=4 N,弹簧的重力不计,整个装置沿竖直方向处于静止状态,这时弹簧的弹力F=2 N,则天花板受到的拉力和地板受到的压力,有可能是()A.3 N和4 N B.5 N和6 NC.1 N和2 N D.5 N和2 N解析:选D.当弹簧由于被压缩而产生2 N的弹力时,由受力平衡及牛顿第三定律知识可得:天花板受到的拉力为1 N,地板受到的压力为6 N;当弹簧由于被拉伸而产生2 N的弹力时,可得天花板受到的拉力为5 N,地板受到的压力为2 N,D正确.4.(2015·湖北黄冈模拟)如图甲所示,粗糙的水平地面上有一斜劈,斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑,斜劈保持静止,则地面对斜劈的摩擦力为f1;如图乙所示,若对该物块施加一平行于斜面向下的推力F1使其加速下滑,则地面对斜劈的摩擦力为f2;如图丙所示,若对该物块施加一平行于斜面向上的推力F2使其减速下滑,则地面对斜劈的摩擦力为f3;如图丁所示,若对该物块施加一与斜面成30°斜向下的推力F3使其沿斜面下滑,则地面对斜劈的摩擦力为f4.下列关于f1、f2、f3和f4大小及其关系式中正确的是()A.f1>0 B.f2<f3C.f2<f4D.f3=f4解析:选D.由题图甲可知,斜劈和物块都平衡,对斜劈和物块整体进行受力分析知地面对斜劈的摩擦力为零.不论物块受力情况和运动状态如何,只要物块沿斜面下滑,物块对斜面的摩擦力与压力的合力总是竖直向下的,所以有f1=f2=f3=f4=0,即只有选项D正确.5.(2015·天津渤海石油一中月考)如图所示,质量为m的木块在质量为M的木板上滑行,木板与地面间的动摩擦因数为μ1,木块与木板间的动摩擦因数为μ2,木板一直静止,那么木板受地面的摩擦力大小为()A.μ1Mg B.μ2mgC.μ1(m+M)g D.μ1Mg+μ2mg解析:选B.因为木块对木板的摩擦力为μ2mg,方向水平向右,而木板静止,所以地面给木板的静摩擦力水平向左,大小为μ2mg,选项B正确.6.(2015·北京101中学阶段性考试)如图所示,A、B两物体叠放在一起沿倾角为θ的斜面匀速下滑,已知它们的质量分别为m A和m B,A和B之间、B与斜面之间的动摩擦因数分别为μ1和μ2,则A、B之间的摩擦力大小为()A.0 B.μ1m A g cos θC.μ2m A g sin θD.m A g sin θ解析:选D.据题意,A、B物体一起匀速下滑,据物体的平衡条件知,它们所受的合力均为0,对A物体受力分析,受到重力G、支持力F N和摩擦力F f,则沿斜面方向有:F f=m A g sin θ,所以D选项正确.7.如图所示,一直杆倾斜固定并与水平方向成30°的夹角,直杆上套有一个质量为0.5 kg 的圆环,圆环与轻弹簧相连,在轻弹簧上端施加一竖直向上、大小为F=10 N的力,圆环处于静止状态,已知直杆与圆环之间的动摩擦因数为0.7,g=10 m/s2.下列说法正确的是()A.圆环受到直杆的弹力,方向垂直直杆向上B.圆环受到直杆的弹力大小等于2.5 NC.圆环受到直杆的摩擦力,方向沿直杆向上D.圆环受到直杆的摩擦力大小等于2.5 N解析:选D.圆环受到直杆的弹力,方向垂直直杆向下,A错误.画出圆环受力示意图,应用平行四边形定则可得,圆环受到直杆的弹力大小等于532N ,B 错误.圆环受到直杆的摩擦力方向沿直杆向下,大小等于2.5 N ,C 错误,D 正确.8.如图所示,两根轻弹簧AC 和BD ,它们的劲度系数分别为k 1和k 2,它们的C 、D 端分别固定在质量为m 的物体上,A 、B 端分别固定在支架和正下方地面上.当物体m 静止时,上方的弹簧处于原长;若将物体的质量变为3m ,仍在弹簧的弹性限度内,当物体再次静止时,其相对第一次静止时位置下降了( )A .mg k 1+k 2k 1k 2B .2mg k 1+k 2k 1k 2C .2mg 1k 1+k 2D .mg 1k 1+k 2解析:选C.当物体m 静止时,上方的弹簧处于原长,由平衡条件可得,k 2x 1=mg ,下面弹簧压缩了x 1=mg k 2.若将物体的质量变为3m ,设相对第一次静止时位置下降了x ,则有上面弹簧拉力F 1=k 1x .由平衡条件可得下面弹簧支持力等于3mg -F 1=3mg -k 1x .由胡克定律得,k 2(x +x 1)=3mg -k 1x ,解得x =2mg 1k 1+k 2,选项C 正确. 9.(2015·江苏徐州模拟)如图,静止在光滑地面上的小车,由光滑的斜面AB 和粗糙的平面BC 组成(它们在B 处平滑连接),小车右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器,当传感器受压时,其示数为正值,当传感器被拉时,其示数为负值.一个小滑块从小车A 点由静止开始下滑至C 点的过程中,传感器记录到的力F 随时间t 的关系图中可能正确的是( )解析:选D.小滑块从小车上A 点由静止开始在斜面上下滑,对斜面的压力等于mg cos θ,该力在水平方向的分力为mg cos θsin θ;小滑块由B 到C 滑动的过程中,BC 面对小滑块有向右的滑动摩擦力,滑块对BC 面有向左的滑动摩擦力,所以,传感器记录到的力F 随时间t 的关系图中可能正确的是D.10.如图所示,在一个正方体的盒子中放有一个质量分布均匀的小球,小球的直径恰好和盒子内表面正方体的棱长相等,盒子沿倾角为α的固定斜面滑动,不计一切摩擦,下列说法中正确的是( )A .无论盒子沿斜面上滑还是下滑,球都仅对盒子的下底面有压力B .盒子沿斜面下滑时,球对盒子的下底面和右侧面有压力C .盒子沿斜面下滑时,球对盒子的下底面和左侧面有压力D .盒子沿斜面上滑时,球对盒子的下底面和左侧面有压力解析:选A.先以盒子和小球组成的系统为研究对象,无论上滑还是下滑,用牛顿第二定律均可求得系统的加速度大小为a =g sin α,方向沿斜面向下,由于盒子和小球始终保持相对静止,所以小球的加速度大小也是a =g sin α,方向沿斜面向下,小球沿斜面向下的重力分力大小恰好等于所需的合外力,因此不需要左、右侧面提供弹力.故选项A 正确.二、多项选择题11.(2015·济宁模拟)如图所示,小球A 的重力为G =20 N ,上端被竖直悬线挂于O 点,下端与水平桌面相接触,悬线对球A 、水平桌面对球A 的弹力大小可能为( )A .0,GB .G,0 C.G 2,G 2D.G 2,32G 答案:ABC12.如图所示,A 、B 、C 三个物体质量相等,它们与传送带间的动摩擦因数相同.三个物体随传送带一起匀速运动,运动方向如图中箭头所示.则下列说法正确的是( )A .A 物体受到的摩擦力不为零,方向向右B .三个物体只有A 物体受到的摩擦力为零C .B 、C 受到的摩擦力大小相等,方向相同D .B 、C 受到的摩擦力大小相等,方向相反解析:选BC.A 物体与传送带一起匀速运动,没有发生相对滑动,也没有相对运动趋势,。

2016届高三高考物理一轮课件第2章-5(相互作用)

2016届高三高考物理一轮课件第2章-5(相互作用)

(2) 某次实验中,弹簧秤的指针位置如图所示,其读数为 ________N ;同时利用 (1) 中结果获得弹簧上的弹力值为 2.50 N,请在下列虚线框中画出这两个共点力的合力F合;
(3)由图得到F合=________N.
人教物理
第二章
2016年新课标高考· 大一轮复习讲义
夯实·必备知识 精研·疑难要点 创新·拓展实验 演练·目标课堂
②遗漏的内容分别是
______________________. [解析]
____________________________和
(1)由一个弹簧测力计拉橡皮条至O点的拉力一定
沿 AO方向;而根据平行四边形定则作出的合力,由于误差的 存在,不一定沿AO方向,故一定沿AO方向的是F′.
人教物理
第二章
(1) 某次实验中,弹簧测力计的指针位置如图甲所示.其 中,细绳CO对O点的拉力大小为______________________N; (2)请将图甲中细绳CO和BO对O点两拉力的合力F合画在图
乙上.由图求出合力的大小 F 合 = ________N( 保留两位有效数
字 ); (3) 某同学对弹簧测力计中弹簧的劲度系数是多少很感兴 趣,于是,他将刻度尺与弹簧测力计平行放置,如图丙所示, 利用读得的数据.他得出了弹簧的劲度系数.那么,该弹簧的
精研· 疑难要点
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对实验原理及误差分析的考查
[典例赏析1] (2015年长沙模拟)某同学做“验证力的平行四边形定则”
的实验情况如图甲所示,其中 A为固定橡皮条的图钉, O为橡
皮条与细绳的结点,OB和OC为细绳.图示乙是在白纸上根据 实验结果画出的图.

2016届高三高考物理一轮课件第2章-3(相互作用)

2016届高三高考物理一轮课件第2章-3(相互作用)
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( ( ( ( (
) ) ) ) )
(2) 物体的平衡状态是指物体处于静止或速度等于零的状
(5)若物体受到三个力F1、F2、F3的作用而平衡,将F2转动
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1 . (2015 年衡水模拟 ) 如图所示,一小车 的表面由一光滑水平面和光滑斜面连接而 成,其上放一球,球与水平面的接触点为a,
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要点一
受力分析
受力分析的思路和技巧
进行受力分析应注意以下几个方面:
(1) 明确研究对象 ( 可以是一个点、一个物体或一 个系统 等 ). (2) 按顺序找力 ( 一“重”、二“弹”、三“摩擦”、四 “其他”).
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考点2 共点力的平衡
[思维驱动]
2. (2015年青岛模拟 )如图所示,倾 角θ=30°的斜面体放在水平地面上,一 个重为G的球在水平力F的作用下静止在 光滑斜面上,则F的大小为(
G A. 2 3 C. G 2 答案:B
)
解析:设斜面倾角为θ,小球质量为m,假设轻弹簧P对小 球的拉力恰好等于小球重力 mg ,则小球受二力平衡;假设轻 弹簧Q对小球的拉力等于mgsin θ,小球受到重力、弹簧Q的拉
力和斜面的支持力作用,三力平衡;假设两个弹簧对小球都施
加了拉力,那么除了重力,小球只有再受到斜面的支持力才能 保证其受力平衡,即四力平衡;小球只受单个力的作用,合力 不可能为零,小球不可能处于静止状态. 答案:A

【优】高考物理大一轮复习 第二章 相互作用本章小结PPT资料

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解析 F产生的作用效果是压OA杆和OB杆,所以把竖直向下的力F沿OA 杆、OB杆方向分解,如图甲所示,可求出作用于滑块上斜向下的力为:F1=F2 = F。
2 cos θ 2
斜向下的压力F1将产生两个效果:竖直向下压滑块的力F1″和沿水平方向 推滑块的力F1',因此,将F1沿竖直方向和水平方向分解,如图乙所示,考虑到
滑块不受摩擦力,且处于平衡状态,则知细线上的张力FT等于F1在水平方向
上的分力F1',即
FT=F1'=F1 sin θ
2
解得:FT= F tanθ
2
2
答案 F tan θ
2
2
2.图解法 在共点力的平衡中,有些题目中常有“缓慢”一词,则物体处于动态平衡状 态。解决动态平衡类问题常用图解法,图解法就是在对物体进行受力分析 (一般受三个力)的基础上,若满足有一个力大小、方向均不变,另有一个力 方向不变时,第三个力大小、方向均改变,可画出这三个力的封闭矢量三角 形来分析力的变化情况的方法,图解法也常用于求极值问题。
水没平有分 运态量动F趋f,'势在co,所s挡θ以=地m板g面s转对in直θ动角co劈过s θ没,程可有见摩中F擦f' 力,c小o。s θ球=FN所' si受n θ,三则直力角劈(重相对力地面G、斜面的支持力FN、挡板的弹 利是用将力 某力的力合沿F成另)与两组分个合解力解的成决反三方的力向矢平进衡行量的分问解三题,将角,三具体力形求转的解化时为变有四两力化种,构情思成路两况:一对如图乙所示(重力大小方向均不变,斜
平衡力;二是将某二力进行合成,将三力转化为二力,构成一对平衡力。
为原方则便 。面计算对,建立其坐支标系持时以力使方尽可向能多始的终力落不在坐变标)轴,由上为图可知此过程中斜面对小球的支持力不断
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1.(单选)(2015·北京西城区模拟)一根很轻的弹簧,在弹性限度内,当它的伸长量为4.0 cm 时,弹簧的弹力大小为8.0 N ;当它的压缩量为1.0 cm 时,该弹簧的弹力大小为( )
A .2.0 N
B .4.0 N
C .6.0 N
D .8.0 N
解析:选A.根据胡克定律的内容:F =kx ,x 为弹簧的形变量,F 1=kx 1(F 1=8.0 N ,x 1
=4.0 cm),F 2=kx 2(x 2=1.0 cm),所以F 2=2.0 N ,选项A 正确.
2.(单选)(2015·黄冈模拟)如图所示,一轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接,弹簧、地面水平.A 、B 是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的点,A 、B 两点离墙壁的距离分别为x 1、x 2.物块与地面间的最大静摩擦力为F f ,则弹簧的劲度系数为( )
A.F f x 2+x 1
B.2F f x 2+x 1
C.2F f x 2-x 1
D.F f x 2-x 1
解析:选C.设弹簧原长为x 0,则F f =k (x 2-x 0)=k (x 0-x 1),解得k =
2F f
x 2-x 1
,C 正确. 3.(单选)(2015·宝鸡模拟)如图所示,倾角为θ的斜面体C 置于水平地面上,小物块B 置于斜面上,通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A 相连接,连接B 的一段细绳与斜面平行,已知A 、B 、C 都处于静止状态,则( )
A .
B 受
C 的摩擦力一定不为零 B .C 受地面的摩擦力一定为零
C .C 有沿地面向右滑的趋势,一定受到地面向左的摩擦力
D .将细绳剪断,若B 依然静止在斜面上,此时地面对C 的摩擦力水平向左
解析:选C.当A 物体的重力等于B 物体重力沿斜面向下的分力时,B 不受摩擦力,故A 错;B 、C 看做一个整体,受斜向上的拉力而静止,C 一定受向左的静摩擦力,剪断细绳,地面对C 没有摩擦力,故C 正确,B 、D 错误.
4.(单选)如图所示,人向右匀速推动水平桌面上的长木板,在木板翻离桌面以前,则()
A.木板露出桌面后,推力将逐渐减小
B.木板露出桌面后,木板对桌面的压力将减小
C.木板露出桌面后,桌面对木板的摩擦力将减小
D.推力、压力、摩擦力均不变
解析:选D.在木板翻离桌面以前,由其竖直方向受力分析可知,桌面对木板的支持力等于重力,所以木板所受到的摩擦力不变,又因为长木板向右匀速运动,所以推力等于摩擦力,不变.综上所述,选项D正确.
5.(单选)如图所示,一倾角为45°的斜面固定于墙角,为使一光滑的铁球静止于图示位置,需加一水平力F,且F通过球心.下列说法正确的是()
A.球一定受墙水平向左的弹力
B.球可能受墙水平向左的弹力
C.球一定受斜面通过铁球的重心的弹力
D.球可能受斜面垂直于斜面向上的弹力
解析:选B.F的大小合适时,球可以静止在无墙的斜面上,F增大时墙才会对球有弹力,所以选项A错误,B正确.斜面必须有斜向上的弹力才能使球不下落,该弹力方向垂直于斜面但不一定通过球的重心,所以选项C、D错误.
6.(单选)如图所示,质量为1 kg的物体与地面间的动摩擦因数μ=0.2,从t=0开始以初速度v0沿水平地面向右滑行,同时受到一个水平向左的恒力F=1 N的作用,取g=10 m/s2,向右为正方向,该物体受到的摩擦力F f随时间变化的图象是(最大静摩擦力等于滑动摩擦力)()
解析:选A.。

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