浙江省教育绿色评价联盟2018届高三5月适应性考试数学试题(精编含解析)

合集下载

优质金卷：浙江省教育绿色评价联盟2018届高三5月适应性考试数学试题(解析版)

1．B【解析】分析：由可得是方程的两根，再根据韦达定理列方程求解即可.详解：，由，可得是方程得两根，由韦达定理可得，即，故选B.点睛：集合的基本运算的关注点：（1）看元素组成．集合是由元素组成的，从研究集合中元素的构成入手是解决集合运算问题的前提；（2）有些集合是可以化简的，先化简再研究其关系并进行运算，可使问题简单明了，易于解决；（3）注意划归思想的应用，常常转化为方程问题以及不等式问题求解．点睛：复数是高考中的必考知识，主要考查复数的概念及复数的运算．要注意对实部、虚部的理解，掌握纯虚数、共轭复数这些重要概念，复数的运算主要考查除法运算，通过分母实数化转化为复数的乘法，运算时特别要注意多项式相乘后的化简，防止简单问题出错，造成不必要的失分.3．A【解析】分析：根据“的最大值为”与“恒成立”的因果关系可得结果.详解：因为由的最大值为，一定可得恒成立，反之，由恒成立，不一定得到的最大值为，（最大值小于也有恒成立）“的最大值为”是“恒成立”的充分不必要条件，故选A.点睛：判断充要条件应注意：首先弄清条件和结论分别是什么，然后直接依据定义、定理、性质尝试.对于带有否定性的命题或比较难判断的命题，除借助集合思想化抽象为直观外，还可利用原命题和逆否命题、逆命题和否命题的等价性，转化为判断它的等价命题；对于范围问题也可以转化为包含关系来处理.4．D【解析】分析：作出表示的可行域，平移直线，利用数形结合可得结果.详解：作出表示的可行域，如图，点睛：本题主要考查线性规划中利用可行域求目标函数的最值，属简单题.求目标函数最值的一般步骤是“一画、二移、三求”：（1）作出可行域（一定要注意是实线还是虚线）；（2）找到目标函数对应的最优解对应点（在可行域内平移变形后的目标函数，最先通过或最后通过的定点就是最优解）；（3）将最优解坐标代入目标函数求出最值.5．C【解析】分析：由相垂直的平面交于直线可得，再由，推导出.详解：互相垂直的平面交于直线，所以，由，可得，直线，满足，或或与相交，所以直线，直线位置关系不确定，故选C.点睛：本题主要考查线面平行的判定与性质、面面垂直的性质及线面垂直的判定，属于难题.空间直线、平面平行或垂直等位置关系命题的真假判断，常采用画图（尤其是画长方体）、现实实物判断法（如墙角、桌面等）、排除筛选法等；另外，若原命题不太容易判断真假，可以考虑它的逆否命题，判断它的逆否命题真假，原命题与逆否命题等价.点睛：函数图象的辨识可从以下方面入手：(1)从函数的定义域，判断图象的左右位置，从函数的值域，判断图象的上下位置；(2)从函数的单调性，判断图象的变化趋势；(3)从函数的奇偶性，判断图象的对称性；(4)从函数的特征点，排除不合要求的图象.7．B【解析】分析：求出，，从而，由，得到，，从而，进而得到.详解：随机变量满足，，，，，，解得，，，，，，故选B.点睛：本题主要考查离散型随机变量的分布列、期望公式与方差公式的应用以及作差法比较大小，意在考查学生综合运用所学知识解决问题的能力，计算能力，属于中档题.因为△的内切圆半径为，所以由三角形的面积公式可得，化为，即，两边平方可得，可得，解得，故选C.点睛：本题主要考查双曲线的定义及离心率，属于难题.离心率的求解在圆锥曲线的考查中是一个重点也是难点，一般求离心率有以下几种情况：①直接求出，从而求出;②构造的齐次式，求出;③采用离心率的定义以及圆锥曲线的定义来求解.9．D【解析】分析：设，由共线可得，由此,利用基本不等式可得结果.详解：设，共线，，，则，，则的最小值为，故选D.点睛：利用基本不等式求最值时，一定要正确理解和掌握“一正，二定，三相等”的内涵：一正是，首先要判断参数是否为正；二定是，其次要看和或积是否为定值（和定积最大，积定和最小）；三相等是，最后一定要验证等号能否成立（主要注意两点，一是相等时参数否在定义域内，二是多次用或时等号能否同时成立）.10．C【解析】分析：是正四面体，设边长为，过作底面，运用线面垂直的性质，即可得到所成角的最大值，再由大圆的切线计算可得所成角的最小值.详解：在平面内，过作球的切线，设切点为，此时最大，可得与成的最大角，所以的最小值为，所以与成的最小角为，即有所成角的正弦值为，则直线与直线所成角的正弦值的取值范围为.点睛：解决立体几何中的最值问题一般有两种方法：一是几何意义，利用底面距离点线距离以及利用展开图转化为平面问题，非常巧妙；二是将立体几何中最值问题转化为函数问题，然后根据函数的特征选用参数法、配方法、判别式法、三角函数有界法、函数单调法以及均值不等式法.当时，函数是增函数，时函数取得最小值为，时，，综上函数的最小值为，故答案为2，.点睛：本题主要考查分段函数的解析式、分段函数解不等式，属于中档题.对于分段函数解析式的考查是命题的动向之一，这类问题的特点是综合性强，对抽象思维能力要求高，因此解决这类题一定要层次清楚，思路清晰.12．【解析】分析：由三视图可得该几何体为二分之一圆锥，圆锥的底面半径为，高为，利用圆锥的体积公式及侧面积公式可得结果.详解：由三视图可得该几何体为二分之一圆锥，圆锥的底面半径为，高为，所以可得该几何体的体积为，可得该几何体的表面积为：，故答案为(1). (2). .点睛：本题利用空间几何体的三视图重点考查学生的空间想象能力和抽象思维能力，属于难题.三视图问题是考查学生空间想象能力最常见题型，也是高考热点.观察三视图并将其“翻译”成直观图是解题的关键，不但要注意三视图的三要素“高平齐，长对正，宽相等”，还要特别注意实线与虚线以及相同图形的不同位置对几何体直观图的影响，对简单组合体三视图问题，先看俯视图确定底面的形状，根据正视图和侧视图，确定组合体的形状.13．【解析】分析：由，，，利用正弦定理和余弦定理及三角形的面积公式可求出结果.解得，由，解得，，则，故答案为，.点睛：本题主要考查余弦定理与正弦定理在解三角形中的应用，属于中档题.正弦定理是解三角形的有力工具，其常见用法有以下三种：（1）知道两边和一边的对角，求另一边的对角（一定要注意讨论钝角与锐角）；（2）知道两角与一个角的对边，求另一个角的对边；（3）证明化简过程中边角互化；（4）求三角形外接圆. 14．6【解析】分析：可设出，画出向量，由向量数量积的定义和点与圆的距离最值，即可得到所求最值.详解：，可设，则，结合图形，当的最大值为，的最大值为，且同向，则的最大值为，当反向，则的最小值为，故答案为.点睛：本题主要考查向量的几何运算及平面向量数量积公式，属于中档题.平面向量数量积公式有两种形式，一是，二是，主要应用以下几个方面:(1)求向量的夹角，（此时往往用坐标形式求解）；（2）求投影，在上的投影是；（3）向量垂直则;(4)求向量的模（平方后需求）.15．或【解析】分析：设等差数列的公差为，则，然后由，，，成等比数列，分类列等式求公比即可.点睛：等差数列基本量的运算是等差数列的一类基本题型，数列中的五个基本量，一般可以“知二求三”；等比数列基本量的运算是等比数列的一类基本题型，数列中的五个基本量，一般可以“知二求三”，通过列方程组所求问题可以迎刃而解.16．408【解析】分析：把红色球看做一个处理，利用分类计数原理结合分步计数原理，由左至右逐一排放，然后求和即可.详解：红色球个（同色不加区分），个红色排一起，把红色球看做一个，本题相当于个球的排列，将它们排成一行，点睛：本题主要考查分类计数原理与分步计数原理及排列组合的应用，属于难题.有关排列组合的综合问题，往往是两个原理及排列组合问题交叉应用才能解决问题，解答这类问题理解题意很关键，一定多读题才能挖掘出隐含条件.解题过程中要首先分清“是分类还是分步”、“是排列还是组合”，在应用分类计数加法原理讨论时，既不能重复交叉讨论又不能遗漏，这样才能提高准确率.17．【解析】分析：由关于直线对称，可得它们的交点为，而当经过点时，取得最小值，由题意可得的不等式，解不等式求得实数的取值范围.详解：，直线与曲线和直线分别交于两点，可得，由关于直线对称，可得它们的交点为而当直线经过点时，取得最小值，即有，可得，由题意可得，解得，故答案为.点睛：数形结合是根据数量与图形之间的对应关系，通过数与形的相互转化来解决数学问题的一种重要思想方法，是中学数学四种重要的数学思想之一，尤其在解决选择题、填空题是发挥着奇特功效，大大提高了解题能力与速度.运用这种方法的关键是运用这种方法的关键是正确作出函数图象以及熟练掌握函数图象的几种变换，充分利用数形结合的思想方法能够使问题化难为简，并迎刃而解.18．（1）；（2）【解析】分析：（1）利用二倍角的正弦公式、二倍角的余弦公式以及辅助角公式将函数化为，利用正弦函数的周期公式可得函数的周期；（2）关于的方程在区间内有两个不相等的实数解，等价于与的图象在区间内有两个不同的交点，结合正弦函数图象可得结果.（2）因为，所以．因为在上是增函数，在上是减函数，所以在上是增函数，在上是减函数．又因为，，，关于的方程在区间内有两个不相等的实数解，等价于与的图象在区间内有两个不同的交点，所以要使得关于的方程在区间内有两个不相等的实数解，只需满足．点睛：函数的性质问题以及函数零点问题是高考的高频考点，考生需要对初高中阶段学习的十几种初等函数的单调性、奇偶性、周期性以及对称性非常熟悉；另外，函数零点的几种等价形式：函数有零点函数在轴有交点方程有根函数与有交点.本题中，.19．（1）见解析；（2）【解析】分析：（1）先证明平面，可得平面平面，由面面垂直的性质定理可得点在底面上的射影必在直线上；（2）是二面角的平面角，，在平面内过点作，以为轴建系，求出的方向向量，利用向量垂直数量积为零列方程求出平面的法向量，由空间向量夹角余弦公式可得结果.（2）是二面角的平面角，．法一：连接，．平面平面平面．作．是直线与平面所成角．．又，．法二：在平面内过点作，以为轴建系．则所以由可以求得平面的法向量．所以．点睛：空间向量解答立体几何问题的一般步骤是：（1）观察图形，建立恰当的空间直角坐标系；（2）写出相应点的坐标，求出相应直线的方向向量；（3）设出相应平面的法向量，利用两直线垂直数量积为零列出方程组求出法向量；（4）将空间位置关系转化为向量关系；（5）根据定理结论求出相应的角和距离. 20．（1）见解析；（2）详解：（1）（2）因为，所以，，所以．即在上单调递减．当时，．又时，，所以在上的取值范围是．点睛：求函数极值及最值的步骤：(1) 确定函数的定义域；(2) 求导数；(3) 解方程求出函数定义域内的所有根；(4) 列表检查在的根左右两侧值的符号，如果左正右负（左增右减），那么在处取极大值，如果左负右正（左减右增），那么在处取极小值. （5）如果只有一个极值点，则在该处即是极值也是最值；（6）如果求闭区间上的最值还需要比较端点值的函数值与极值的大小. 21．（1）；（2）详解：（1）设，则.又，所以直线的方程分别为：．因为．所以．因为，可得，所以，因此．所以，所以．当且仅当时取到等号．另解：．当且仅当时取到最大值．所以．点睛：解决圆锥曲线中的最值问题一般有两种方法：一是几何意义，特别是用圆锥曲线的定义和平面几何的有关结论来解决，非常巧妙；二是将圆锥曲线中最值问题转化为函数问题，然后根据函数的特征选用参数法、配方法、判别式法、三角函数有界法、函数单调性法以及均值不等式法，本题（2）就是用的这种思路，利用均值不等式法求三角形面积最值的.22．（1）见解析；（2）见解析；（3）见解析【解析】分析：（1）由叠加可得;（2）由，可得结合，从而可得结果；（3）用数学归纳法证明.当时，由前面可知结论成立．假设时，不等式成立，即，只需证明当时不等式成立即可.详解：（1）由叠加可得．（3）下面用数学归纳法证明.当时，由前面可知结论成立．假设时，不等式成立，即当时，．．所以要证明成立．只需证明成立．即只需证明成立．因为，，，叠加可得．所以成立．点睛：利用数学归纳法证明结论的步骤是:(1)验证时结论成立；（2）假设时结论正确，证明时结论正确（证明过程一定要用假设结论）；（3）得出结论.。

2018年浙江教育绿色评价联盟适应性试卷数学试题

2 3 3
D.
1, 2,3, 4,5
2.椭圆 A.
2 3
x2 y 2 1 的离心率为( 3
B.
2 3
C.
D. )
6 3
3. 复数 Z A.
4 3 i 5 5
5 ( i 为虚数单位)则 Z ( 4 3i
B.
4 3 i 5 5
C. 4 3i
D.
4 3i
4. 设数列 an 的通项 an kn b(k , b R, n N ) ,则 an 为等差数列是
x2 y2 1(a 0, b 0) ，其左、右焦点分别为 F1 (3, 0), F2 (3, 0), 渐近 a 2 b2
线方程为 y
5 x ，过 F2 的直线 l 与双曲线 C 的右半支交于 M , N 两点，F1MN 90 , 2 1 1 (m 1) x 2 (n 4) x 3 在区间 [ , 2] 上单调递减， 2 2
17. 在平面中，AM × AN = 0 ，AM + AN = AP ,点 Q 满足 QM = QN = 2 ,若 AQ < 2 ，则 PQ
的取值范围是
.
三、解答题（共 5 道大题，共计 74 分） 18. （本题 14 分）
则双曲线 C 的标准方程为_______________,直线 l 的斜率为______________. 15.已知 m 1, n 0 ，且函数 f ( x ) 则 mn 的最大值为____________.
16. 现有红、黄、蓝、绿四个质地均匀、大小相同的正方体形状的骰子，每个骰子的六个面上分别标有数字 1,2,3,4,5,6，若同时掷这四个骰子，则四个骰子正面朝上的数字之和等于 8 的情况有种（用数字作答）

浙江省2018年五校联考数学试题最终稿学参考答案

1 5
13． 26 2 34 ,
125 2 3
17． 4 33
三、解答题：本大题共 5 小题，共 74 分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 18．（本题满分 14 分）解：（Ⅰ）由 (b c) a (2
2 2
2)bc得
b 2 c 2 a 2 2bc,
km 1 x ，解得 xQ 1 k2 k
…………………………9 分
由 PB : y kx m 联立 OQ : y
∴ PQ 1 k
2
km 4k 1 k2 m
∴ S OPQ
PQ OQ 2

m 1 km 4k 1 k2 …………………………12 分 2 2 1 k 1 k2 m
EG EF sin
o

…………………15 分
方法（体积法）作，则由面面可得面 2 PE BF PBF , 由解得点到面距离从而 VP ACD VD PAC , D PAC h
ABCD, 3 , 2
PE
ABCD
sin
h 3 AD 4
20．（本小题满分 15 分）
xx 1 ' g x x ln x , 可得： f x 0 x 1 解: （Ⅰ）设 x 2x x 所以是增函数，得即欲证成立 g x g x .g 1 0, （5分） L L

2
x 1 ln x x 1 x ' x （Ⅱ）① f x ln x 0 x 1 2 2 2 2 x x 1 ln x x 1 ln x
当 k 1 时取等号

2018年浙江教育绿色评价联盟适应性试题[含解析]

浙江教育绿色评价联盟适应性试卷一、选择题1.已知{}21xM x y ==+，{}21N y y x ==+，那么M N =（）A.NB.MC.∅D.R 答案： A解答：∵[),1,M R N ==+∞,∴MN N =.2.已知双曲线2212y x -=，则（）A.渐近线方程为y =B.渐近线方程为2y x =±C.渐近线方程为y =D. 渐近线方程为2y x =±答案： C解答：∵1,a b c ===y =，离心率为e =. 3.设n S 为等差数列{}n a 的前n 项和，若359S a ==，则96S S -=（） A.6 B.9 C.15 D.45 答案： D解答：∵3123225393,9S a a a a a a =++==⇒==，∴5223a a d -==， ∴967898533(3)3(96)45S S a a a a a d -=++==+=⨯+=. 4.设函数2()sin cos f x x a x b =++在[0,]2π上的最大值是M ,最小值是m ，则M m -（）A.与a 有关，且与b 有关B.与a 有关，但与b 无关C.与a 无关，且与b 无关D.与a 无关，但与b 有关答案： B解答：2()cos cos 1f x x a x b =-+++,令[]cos ,0,1t x t =∈，则[]2()1,0,1f t t at b t =-+++∈，设最大值1()M f t =，最小值2()N f t =，其中[]12,0,1t t ∈，且12t t ≠，则221212()()M N t t a t t -=--+-，显然M N -与b 无关，对于a ，如取0a ≤时，(1),(0),1M f N f M N a ==-=-与a 有关. 故选B.5.已知数列{}n a 是正项数列，若*2,n n N ≥∈，则“{}n a 是等比数列”是“222112n n n a a a -++≥”的（）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件答案： A解答：∵{}n a 是等比数列，∴222111122n n n n n a a a a a -+-++≥=，即222112n n n a a a -++≥，满足充分性；当n a n =时，222222211(1)(1)2222n n n a n n n n a -++=-++=+>=，满足222112n n n a a a -++≥，但{}n a 不是等比数列，所以不满足必要性；故选A.6.已知01m <<，随机变量ξ的分布如下，当m 增大时（）A.()E ξ增大，()D ξ增大B.()E ξ减小，()D ξ增大C.()E ξ增大，()D ξ减小D.()E ξ减小，()D ξ减小答案： B解答：113()11()222222m m E m ξ=-⨯+⨯-+⨯=-+， 2222233131()(1)(1)()(2)22222221353(),422m m D m m m m m m ξ=-+-⋅++-⋅-++-⋅=-++=--+∵01m <<，∴当m 增大时，()E ξ减小，()D ξ增大.故选B.7.已知某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积是（）A.223 B.163 C.203D.1答案： C解答：该几何体是棱长为2的正方体截去两个三棱锥得到，如图所示：所以3112022221323V =-⨯⨯⨯⨯⨯=. 8.已知函数2()ln()f x ax bx c =++的部分图象如图所示，则a b c -+=（）A.1-B.1C.5-D.5 答案： D解答：由图象可得168a b c ba c a⎧⎪++=⎪⎪-=⎨⎪⎪=⎪⎩，解得13283a b c ⎧=⎪⎪=-⎨⎪⎪=⎩，所以5a b c -+=.9.在锐角ABC ∆中，角,,A B C 所对的边分别为,,a b c ，若2,3a c b ==，则BA BC ⋅的取值范围为（）A.16(,16)3 B.8(,8)3C.36(,8)5D.18(,4)5答案： D解答：由锐角三角形可知：2222(3)44(3)b b b b ⎧+>⎪⎨+>⎪⎩，解得：22152b <<，222(3)41842(,4)25b b BA BC b +-⋅==+∈. 10.已知三角形ABC 所在平面与矩形BCEF所在平面互相垂直AB AC ==,BC =2BF =,点D 在边EF 上，满足DAB DAC ∠=∠.若P 在矩形BCEF 内部（不含边界）运动，且满足4DAP π∠=，则二面角A PC B --的取值范围是（）A.(,)62ππ B.(,)42ππC.(,)32ππD.(,)43ππ答案： A解答：点D 在边EF 上，满足DAB DAC ∠=∠，∴点D 在面ABC 上的射影为BC 的中点，D 为EF 的中点，点P 满足4DAP π∠=，∴AP 在以AD 为轴，顶角为90︒的圆锥侧面上，平面BCEF 平行母线且截圆锥侧面，故点P 的轨迹为抛物线.作AO ⊥面BCEF 于BC 中点，2AO =，连接PC ，过O 作HO PC ⊥，连接AH ，AHO ∠为所求二面角的平面角，2tan AO AHO HO HO∠==，当点P 在边EF 上且DP =时，HO =2tan 3AO AHO HO HO ∠===，当点P 无限接近O 时，HO 接近于0，AHO ∠接近90︒.二、填空题11.已知i 为虚数单位，若1()ia R a i+∈-为纯虚数，则a =_______；复数z a =的模等于_______. 答案：1解答： ∵221(1)()(1)(1)11i i a i a a ia i a a +++-++==-++为纯虚数，∴10a -=，即1a =；1z =+==12.若1()2nx x+展开式的二次项系数之和为64，则n =_______；其展开式的常数项等于_______.（用数字作答）答案： 652解答：∵264n=，∴6n =，二项式展开式通项为66216611()()22r r r r r r r T C x C x x --+=⋅⋅=⋅，令620r -=，得3r =，所以展开式的常数项为33615()22C =. 13.《九章算术》中，将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥为“阳马”，现有一“阳马”P ABCD -，已知其体积为8，2,3AB BC ==,则该“阳马”的最长侧棱长等于______；表面积等于______. 答案：21+解答：因为12383V PA =⨯⨯⨯=，所以4PA =，最长侧棱长为PC ==111123243423212222S =⨯+⨯⨯+⨯⨯+⨯+⨯=+14.已知实数,x y 满足21222x y x y x y -≥⎧⎪+≤⎨⎪-≤⎩，则2x y +的最大值为_______；x y x ++的最小值为______.答案：4 13解答：画出可行域，如图所求，当2,0x y ==时，2x y +有最大值为4，对于||x y x ++分两种情况讨论，当0≥+y x 时，x y z 22+=，在)31,31(-B 处取到最小值；当0<+y x 时，y z -=2，在)31,31(-B 处取到最小值，所以||2x y x z ++=的最小值为31.15.已知实数,x y 满足221x y +=，则224121x y +++的最小值为_______. 答案：94解答：令[]2,0,1t x t =∈，则222414131021224t x y t t t -+=+=+++--，令[]2310(),0,14t f t t t -=∈-，则22(32)(6)()(4)t t f t t --'=--，所以()f t 在2[0,]3上单调递减，在2[,1]3上单调递增，所以224121x y +++的最小值为29()34f =. 16.甲、乙两位高一学生进行新高考“七选三”选科（即在物、化、生、政、史、地、技术等七门科中任选择三门学科），已知学生甲必选政治，学生乙必不选物理，则甲、乙两位学生恰好有两门选课相同的选法有_______种.（用数字作答）答案： 110 解答：（1）甲选物理： 15420C ⨯=；（2）甲不选物理：22153390C C C ⨯⨯=；共有2090110+=种.17.已知函数32()6f x x x a =--，若存在0(,]x a ∈-∞，使得0()0f x ≥，则实数a 的取值范围是_______. 答案：[2,0][3,)-+∞解答：因为2()32f x x x '=-，所以有()f x 在(,0)-∞与2(,)3+∞上递增，2(0,)3上递增减；（1）当0a ≤，32max ()()60f x f a a a a ==--≥，得：20a -≤≤；（2）当203a <≤，max ()(0)60f x f a ==-<，所以不符合要求；（3）当23a >，max ()max{(0),()}0f x f f a =≥成立，而(0)60f a =-<，所以只有32()60f a a a a =--≥，于是得：3a ≥；综上可知：[2,0][3,)a ∈-+∞. 三、解答题18.已知2()cos cos f x x x x =+. （1）求()f x 的最小正周期及其单调递增区间；（2）在ABC ∆中，角,,A B C 所对的边分别为,,a b c ，若3(),12f C c ==，求角C 及AB 边上高的最大值. 答案：（1）见解析；（2）见解析. 解答：（1）21cos 21()cos cos 2sin(2)262x f x x x x x x π+=+=+=++，所以()f x 的最小正周期是π.()f x 的单调递增区间为(,),36k k k Z ππππ-++∈.（2）由（1）13()sin(2)622f C C π=++=，得6C π=.由余弦定理2222212cos (2c a b ab C a b ab ==+-=+≥. 所以2ab ≤=+当且仅当a b =时取“=”.所以三角形面积11sin 24S ab C ab ==≤,即当a b =时，S 取得最大值. 又1122S ch h ==，所以h 19.在矩形ABCD 中，,E F 分别为AB 与BC 边的中点，现将AED ∆,BEF ∆分别沿,DE EF 折起，使,A B两点重合于点P ，连接PC ，已知2AB BC ==. （1）求证：DF ⊥平面PEF ；（2）求直线PC 与平面PEF 所成角θ的正弦值.答案：（1）见解析；（2解答：（1）∵,EP PF EP PD ⊥⊥，∴EP ⊥平面PFD ，∴EP FD ⊥.又由题意可知：2EF DF DE ===，则EF FD ⊥. ∴DF ⊥平面PEF .（2）由（1）可知，面PEF ⊥底面CDEF ，EF 为交线，过P 作PG EF ⊥，则PG ⊥底面CDEF ，1,22PE PF EF ===363PG EG FG ===. 法一：过C 作CH EF ⊥，交EF 延长线于H ， CH ⊥面PEF ，则CPH ∠即为所求线面角.∵2,PD CD PC ====，CH PG ==.∴sin CH PC θ==. 法二：过C 作PG 的平行线CZ ，则CZ ⊥底面CDEF ，以C 为原点，,,CD CF CZ 分别为,,x y z 轴建立空间直角坐标系.则5,0)3G，53P，2,0)E ，(0,1,0)F，25(3CP =.取面PEF 法向量(2,1,0)n =-. 23sin cos ,CP n θ=<>==20.已知函数()2ln f x x x =-. （1）求函数()f x 的单调区间；（2）求证：211ln 2()12x e f x x-+≤<+. 答案：（1）见解析；（2）见解析. 解答：（1）定义域为{}0x x >，21()x f x x-'=. 令()0f x '=，得：12x =. ∴()f x 的单调递增区间为1(,)2+∞，单调递减区间为1(0,]2.（2）由（1）知min 1()()1ln 22f x f ==+，所以1ln 2()f x +≤成立.另一方面，要证21()12x e f x x -<+成立，只要证212ln 420x e x x x -+-+>，设函数21()2ln 42x e g x x x x-=+-+，求导212122(21)2(2)(21)()4x x e x e x x g x x x x -----'=+-=. 令21()2,(0,)x t x e x x -=-∈+∞，则21()2(1)x t x e -'=-，由()0t x '=得12x =，所以1(0,)2x ∈时()0t x '<，即()t x 为减函数， 1(,)2x ∈+∞时()0t x '>，即()t x 为增函数．则1()()02t x t ≥=. 即212(2)(21)()0x e x x g x x---'=>由得12x >，所以1(0,)2x ∈时()0g x '<；1(,)2x ∈+∞时()0g x '>，则min 1()()2ln 202g x g ==->，从而有当(0,)x ∈+∞，212ln 420x e x x x-+-+>，综上，211ln 2()12x e f x x-+≤<+成立. 21.如图，在平面直角坐标系xoy 中，椭圆2222:1(0)x y E a b a b+=>>的离心率为12，其右顶点A 到上顶A 的直线:()(0)l y k x a k =-<与椭圆E 交于另一点B ，点C 为y 轴上一点.（1）求椭圆E 的标准方程；（2）若ABC ∆是等边三角形，求直线l 的方程.答案：（1）22143x y +=；（2）2)y x =-. 解答：（1）由题意可知：12c e a ===又因为：222a b c =+，所以得：2243a b ⎧=⎪⎨=⎪⎩，椭圆E 的方程为：22143x y +=. （2）设00(,)M x y 为AB 的中点，连结CM ，则有由ABC ∆为等边三角形可知：MC AB ⊥，且MC AB =.联立方程22(2)143y k x x y =-⎧⎪⎨+=⎪⎩可得：2222(43)1616120k x k x k +-+-=. 设11(,)B x y ，则1,2x 为方程的两根，且2128643k x k -=+，210228243x k x k +==+，由直线:()l y k x a =-可知：02643k y k -=+，所以22286(,)4343k k M k k -++；1212243AB k =-=+. 202843k MC k ==+.由MC AB =2228124343k k k =++，解得：k =，又因为0k <，所以k = 所以直线l的方程：2)y x =-. 22.已知正项数列{}n a 满足101a <<，*1sin ()1n n n a a n N a +=∈+. （1）求证：11n n a a +<<；（2）设n S是数列的前n项和，求证：1n S <.答案：（1）见解析；（2）见解析.解答：（1）方法一：令()sin (0)f x x x x =->，()cos 10f x x '=-≤，∴()f x 在(0,)+∞单调递减，∴()(0)0f x f <=，∴sin x x <，1sin 1n n n n a a a a +-=+. ∵{}n a 是正项数列，∴sin n n a a <，∴1sin 111n n n n n a a a a a +=<<++， ∴101n a +<< ∴1sin 011n n n n n n n n a a a a a a a a +-=-<-<++. ∴11n n a a +<<，方法二：①当1n =时，101a <<成立.②假设*()n k k N =∈时，01k a <<成立，那么1n k =+时，1sin 111k k k k k a a a a a +=<<++，∴101k a +<<. 由①和②可知，01n a <<对所有正整数都成立.下同方法一.（2）1sin 11n n n n n a a a a a +=<++Q ，1111+>∴+n n a a . ,11-1,2≥∴1->n n a a n 时-1-22111111,,1n n a a a a ->->L ，累加得n a n a n a a n n >+>∴>1111-1,1-1-1，当n=1时，上式也成立. )1--(21-221,2≥∴n n n n n n n a n n =+<+=<时 )2--1-(2∴1-n n a n < )1-2(22<a ，又∵11<a ，累加得1-21)1---2-1(2n n n S n =+++< .。

数学-浙江省教育绿色评价联盟2018届高考适应性试卷(解析版)

浙江省教育绿色评价联盟2018届高考适应性数学试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1．（3分）已知集合P={x∈R|﹣2＜x≤3}，，则（）A．P∩Q={x∈R|﹣1＜x＜3} B．P∪Q={x∈R|﹣2＜x＜3}C．P∩Q={x∈R|﹣1≤x≤3} D．P∪Q={x∈R|﹣2＜x≤3}2．（3分）已知复数，其中i是虚数单位，则|z|=（）A．2 B．1 C．D．3．（3分）在△ABC中，“A＞B”是“”的（）条件．A．充分不必要B．必要不充分C．充要D．既不充分也不必要4．（3分）已知l，m，n为三条不重合的直线，α，β为两个不同的平面，则（）A．若m⊥α，m⊥β，则α∥βB．若l⊥m，l⊥n，m⊂α，n⊂α，则l⊥αC．若α∩β=l，m⊂α，m⊥l，则m⊥βD．若m∥n，m⊂α，则n∥α5．（3分）如图1对应函数f（x），则在下列给出的四个函数中，图2对应的函数只能是（）A．y=f（|x|）B．y=|f（x）| C．y=f（﹣|x|）D．y=﹣f（|x|）6．（3分）已知实数x，y满足约束条件则的取值范围是（）A．B．C．D．7．（3分）若有5本不同的书，分给三位同学，每人至少一本，则不同的分法数是（）A．120 B．150 C．240 D．3008．（3分）现已知函数f（x）=x2﹣4x+1，且设1≤x1＜x2＜x3＜…＜x n≤4，若有|f（x1）﹣f（x2）|+|f（x2）﹣f（x3）|+…+|f（x n﹣1）﹣f（x n）|≤M，则M的最小值为（）A ．3B ．4C ．5D ．69．（3分）已知A ，B ，C 是单位圆上不同的三点，O 为坐标原点，若，则=（）A ．B ．C ．D ．10．（3分）已知正四面体ABCD 和平面α，BC ⊂α，当平面ABC 与平面α所成的二面角为60°，则平面BCD 与平面α所成的锐二面角的余弦值为（） A ．B ．C ．或D ．或二、填空题（共7小题，每小题3分，满分21分） 11．（3分）已知角α的终边与单位圆的交点坐标为，则sin α= ，tan α= ．12．（3分）若随机变量ξ的分布列为：若，则x +y = ，D （ξ）= ．13．（3分）如图为某四棱锥的三视图，则该几何体的体积为，表面积为．14．（3分）已知等比数列{a n }，等差数列{b n }，T n 是数列{b n }的前n 项和．若a 3•a 11=4a 7，且b 7=a 7，则a 7= ，T 13= ． 15．（3分）若的展开式中常数项为60，则实数a 的值是．16．（3分）过双曲线上任意一点P作平行于x轴的直线，交双曲线的两条渐近线于A，B两点，若，则双曲线的离线率为．17．（3分）已知函数，若方程f（x）=a有四个解x1，x2，x3，x4，且满足x1＜x2＜x3＜x4，则的取值范围是．三、解答题（共5小题，满分74分）18．（14分）在△ABC中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c．已知c2=a2+b2+ab．（1）求角C的大小；（2）若，求△ABC的面积．19．（15分）如图，在四棱锥A﹣BCDE中，AC⊥平面BCDE，∠CDE=∠CBE=90°，BC=CD=2，DE=BE=1，AC=，M为AE的中点．（1）求证：BD⊥平面AEC；（2）求直线MB与平面AEC所成角的正弦值．20．（15分）已知函数．（1）当a=1时，求f（x）的单调区间；（2）记f（x）在[﹣1，1]上的最小值为g（a），求证：当x∈[﹣1，1]时，恒有．21．（15分）已知椭圆．（1）若椭圆C的一个焦点为（1，0），且点在C上，求椭圆C的标准方程；（2）已知椭圆C上有两个动点A（x1，y1），B（x2，y2），O为坐标原点，且OA⊥OB，求线段|AB|的最小值（用a，b表示）．22．（15分）已知正项数列{a n}满足a1=2，且．（1）求证：1＜a n+1＜a n；（2）记，求证：．【参考答案】一、选择题1．D【解析】由≤0，得或，解得﹣1≤x＜3，故P∩Q={x∈R|﹣1≤x＜3}，P∪Q={x∈R|﹣2＜x≤3}．故选：D．2．B【解析】∵=，∴|z|=．故选：B．3．C【解析】∵在三角形中，＞0，∴sin2＞sin2，∵cos A=1﹣2sin2，cos B=1﹣2sin2，∴cos A＜cos B，则A＞B，即，“A＞B”是“”的充要条件，故选：C4．A【解析】由l，m，n为三条不重合的直线，α，β为两个不同的平面，知：在A中，若m⊥α，m⊥β，则由面面平行的判定定理得α∥β，故A正确；在B中，若l⊥m，l⊥n，m⊂α，n⊂α，则l与α相交、平行或l⊂α，故B错误；在C中，若α∩β=l，m⊂α，m⊥l，则m与β相交、平行或m⊂β，故C错误；在D中，若m∥n，m⊂α，则n∥α或n⊂α，故D错误．故选：A．5．C【解析】由图（2）知，图象对应的函数是偶函数，故排除B，且当x＞0时，对应的函数图象右侧与左侧关于y轴对称，而y轴左侧图象与（1）中的图象对应的函数y=f（x）的图象相同，故当x＞0时，对应的函数是y=f（﹣x），得出A，D不正确．故选：C6．A【解析】由实数x，y满足约束条件作出可行域如图所示的阴影部分．则的取值范围是斜率k的取值范围，且k PC≤k或k≤k P A．解得A（0，1），解得C（，﹣）而k P A==﹣2，k PC==．∴k或k≤﹣2，故选：A．7．B【解析】根据题意，分2步进行分析：①将5本不同的书分成3组，若分成1、1、3的三组，有=10种分组方法；若分成1、2、2的三组，有=15种分组方法；则有15+10=25种分组方法；②将分好的三组全排列，对应三人，有A33=6种情况，则有25×6=150种不同的分法；故选：B．8．C【解析】函数f（x）=x2﹣4x+1的对称轴为x=2，∵1≤x1＜x2＜x3＜…＜x n≤4，∴f（1）=﹣2，f（2）=﹣3，f（4）=1，∴|f（x1）﹣f（x2）|+|f（x2）﹣f（x3）|+…+|f（x n﹣1）﹣f（x n）|≤|f（1）﹣f（2）|+|f（4）﹣f（2）|=1+4=5，∴M≥5，故选：C9．B【解析】∵A，B，C是单位圆上不同的三点，O为坐标原点，∴||=||=||=1．由⇒5+13=﹣12，则25+169+130=144，⇒，由⇒12+13=﹣5，则144+169+2×=25⇒，则==﹣+=﹣．故选：B10．A【解析】如图，设正四面体ABCD的棱长为2，过A作AO⊥底面BCD，连接DO并延长，交BC于E，连接AE，可知∠AEO为二面角A﹣BC﹣D的平面角，在Rt△AOE中，可得OE=，AE=，∴cos，则sin．设平面BCD与平面α所成的锐二面角为θ，∠AED=α，当平面BCD与平面ABC在α异侧时，如图，则cosθ=cos（α﹣60°）=cosαcos60°+sinαsin60°=；当平面BCD与平面ABC在α同侧时，如图，则cosθ=cos[180°﹣（α+60°）]=﹣cos（α+60°）=﹣[cosαcos60°﹣sinαsin60°]=﹣（）=．∴平面BCD与平面α所成的锐二面角的余弦值为．故选：A．二、填空题11．﹣【解析】角α的终边与单位圆的交点坐标为，则x=﹣，y=，r=|OP|=1，∴sinα==，tanα==﹣，故答案为：，﹣．12．【解析】∵，∴由随机变量ξ的分布列，知：，∴x+y=，x=，y=，D（ξ）=（﹣1﹣）2×+（0﹣）2×+（1﹣）2×+（2﹣）2×=．故答案为：，．13．4+4【解析】由三视图可知几何体为四棱锥，作出直观图如图所示：其中底面ABCD是边长为2正方形，E到底面ABCD的距离为：，EA==2．∴棱锥的体积V==．棱锥的四个侧面均为正三角形，EB=ED=2，∴棱锥的表面积S=22+4×=4+4．故答案为：；4+4．14．4 52【解析】因为{a n}为等比数列，且a3•a11═4a7，由等比数列的性质可得a3•a11=a7•a7=4a7，所以解得a7═4，因为{b n}为等差数列，且b7═a7═4，所以由等差数列的前n项求和公式得：T13═13×（b1+b13）×=13××2b7=13b7=13×4=52 故答案为a7=4，T13=52．15．±2【解析】的展开式的通项=．由，可得（舍），由6﹣=0，得r=4．∴的展开式中常数项为==60，解得a=±2．故答案为：±2．16．【解析】双曲线的渐近线方程为y=±x，设双曲线上的P（m，n），则﹣=1．①联立，解得x=，取A（，n），同理可得B（﹣，n）．=（﹣m，0），=（﹣﹣m，0），由•=﹣，可得（﹣m）（﹣﹣m）=﹣，化为m2﹣n2=﹣，②由①②可得=，则e====．故答案为：．17．[2，3]【解析】作函数的图象如下，由图可知，x1+x2=﹣2，x3x4=1；1＜x4≤2；则=2x3+=+x4，其在1＜x4≤递减，＜x4≤2上递增，故2≤+x4≤3；故答案为：[2，3]．三、解答题18．解：（1）由余弦定理可知：cos C==﹣，由0＜C＜π，则C=；（2）由sin A=，由C=，则A为锐角，∴cos A==，sin B=sin（A+C）=sin A cos C+cos A sin C=×（﹣）+×=，由正弦定理可知：=，则a===，则△ABC的面积S=×ab sin C=×2××=，∴△ABC的面积为．19．证明：（1）连结EC，BD，交于点O，∵BC=CD=2，DE=BE=1，∴EC⊥BD，∵AC⊥平面BCDE，BD⊂平面BCDE，∴BD⊥AC，∵EC∩AC=C，∴BD⊥平面AEC．解：（2）∵在四棱锥A﹣BCDE中，AC⊥平面BCDE，∠CDE=∠CBE=90°，BC=CD=2，DE=BE=1，AC=，M为AE的中点．∴以O为原点，OB为x轴，OC为y轴，过O作AC的平行线为z轴，建立空间直角坐标系，∴BO=，EO=，CO=，∴E（0，﹣，0），A（0，，），M（0，，），B（，0，0），=（，﹣，﹣），平面AEC的法向量=（1，0，0），设直线MB与平面AEC所成角为θ，sinθ===．∴直线MB与平面AEC所成角的正弦值为．20．解：（1）f（x）=x3+|x﹣1|，当x≥1时，f（x）=x3+x﹣1的导数为f′（x）=x2+1＞0，可得f（x）递增；当x＜1时，f（x）=x3+1﹣x的导数为f′（x）=x2﹣1，由f′（x）＞0，可得x＜﹣1；由f′（x）＜0，解得﹣1＜x＜1．综上可得，f（x）的增区间为（1，+∞），（﹣∞，﹣1）；减区间为（﹣1，1）；（2）证明：当0＜a＜1时，f（x）在[﹣1，a）递减，在（a，1]递增，可得f（x）的最小值为g（a）=f（a）=a3+1﹣a；f（x）的最大值为f（﹣1）或f（1），由f（﹣1）﹣g（a）﹣=a﹣﹣a3﹣1+a﹣=2a﹣a3﹣3＜0恒成立；又f（1）﹣g（a）﹣=﹣a﹣a3﹣1+a﹣=﹣a3﹣1＜0恒成立；当a≥1时，f（x）在[﹣1，1]递减，可得f（x）的最小值为g（a）=f（1）=+a﹣1=a﹣，最大值为f（﹣1）=a+，则a+≤a﹣+恒成立．综上可得当x∈[﹣1，1]时，恒有．21．解：（1）由题意可知：椭圆的左焦点F1（﹣1，0），右焦点F2（1，0），则|PF1|+|PF2|=2a，则+=+=4=2a，则a=2，b2=a2﹣c2=3，∴椭圆C的标准方程为；（2）以O为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，则椭圆的极坐标方程为ρ2（b2cos2θ+a2sin2θ）=a2b2，设A（ρ1，θ），B（ρ2，θ+），则|AB|2=|OA|2+|OB|2=ρ12+ρ22=+=+，=[（b2cos2θ+a2sin2θ）+（b2sin2θ+a2cos2θ）]（+）=（2++）≥，∴|AB|的最小值为．22．证明：（1）∵a1=2＞1，成立，假设a k＞1成立，则有2a k﹣1＞1成立，即成立，即a k+1＞1，a n﹣a n﹣1===＞0，∴a n＞a n+1，∴1＜a n+1＜a n．（2）====（a n﹣a n+1）•﹣（），∵=＜，＞2（），∴原式＜2（a n﹣a n+1）﹣3（）+2（）＜=3[（）﹣（）]，∴b 1+b2+b3+…+b n＜3[（）﹣（）+（）﹣（）+…+（）﹣（）=3[]＜3（）=3（2﹣）=6﹣3，∴．。

浙江省教育绿色评价联盟2018届高三5月适应性考试数学试题(含答案)

2018年浙江教育绿色评价联盟适应性试卷数学试题参考公式：如果事件A B ，互斥，那么柱体的体积公式()()()P A B P A P B +=+ V Sh =如果事件A B ，相互独立，那么其中S 表示柱体的底面积，h 表示柱体的高()()()P A B P A P B ⋅=⋅ 锥体的体积公式如果事件A在一次试验中发生的概率是p ，那 13V S h =么n 次独立重复试验中事件A 恰好发生k 次的概率其中S 表示锥体的底面积，h 表示锥体的高()(1)(0)k k n k n n P k C p p k n -=-=，1，，2球的表面积公式台体的体积公式24πS R =121()3V S Sh =球的体积公式其中1S ，2S 分别表示台体的上、下底面积，h 表 34π3V R =示台体的高其中R 表示球的半径一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．已知集合{}12A =，，{}2(1)0B x x a x a a =-++=∈R ，，若A B =，则a =A ．1B ．2C ．1-D ．2-2．复数2iiz +=（i 是虚数单位），则1z += A ．B ．3C ．4D ．83．已知函数()f x x ∈R ，，则 “()f x 的最大值为1”是“()1f x ≤恒成立”的 A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件4．若实数x y ，满足约束条件34y x y x x y ≤⎧⎪≥⎨⎪+≤⎩，，，则2x y -+的最小值为A ．2B ．2-C ．5D ．5-5．已知互相垂直的平面αβ，交于直线l ，若直线m n ，满足//m n αβ⊥，，则A ．//m lB ．//m nC ．n l ⊥D ．n m ⊥6．函数1()()cos (0)f x x x x x x=--π≤≤π≠，且的图象可能．．为7．已知随机变量i ξ满足(0)i i P p ξ==，(1)1i i P p ξ==-，且102i p <<，12i =，．若12()()E E ξξ<，则A ．12p p <，且12()()D D ξξ<B ．12p p >，且12()()D D ξξ>C ．12p p <，且12()()D D ξξ>D ．12p p >，且12()()D D ξξ<8．已知12F F ，是双曲线22221(00)x y a b a b-=>>，的左，右焦点，P 是双曲线上一点，且12PF PF ⊥，若△12PF F 的内切圆半径为2a，则该双曲线的离心率为 A1B ．CD19．如图，在△ABC 中，点D E ，是线段BC 上两个动点，且AD AE +x AB y AC =+，则14x y+的最小值为 A ．32B ．2C ．52 D ．9210．四个同样大小的球1234O O O O ，，，两两相切，点M 是球1O 上的动点，则直线2O M 与直线34O O 所成角的正弦值的取值范围为 A．1]B．1]C．1]D．1]二、填空题：本大题共7小题，多空题每小题6分，单空题每小题4分，共36分。

2018~2019学年浙江省5月高三模拟考五校联考数学试卷 word版含参考答案

2018学年浙江省高三“五校联考”考试数学试题卷命题学校：绍兴一中说明：本试题卷分选择题和非选择题两部分．全卷共4页，满分150分，考试时间120分钟．请考生按规定用笔将所有试题的答案涂、写在答题纸上．参考公式选择题部分（共40分）一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合{}1,1,3,5,7,9U =-，{1,5}A =，{}7,5,1-=B ，则()U C A B =（ ▲ ）A.{}3,9B.{}1,5,7C.{}9,3,1,1-D.{}1,1,3,7,9-2. 如图，网格纸上的小正方形的边长为1，粗线画出的是某几何体的三视图，则该几何体的表面积为（ ▲ ） A. 624+ B. 64+C. 224+D. 24+3. 已知数列}{n a ,满足n n a a 31=+,且9642=a a a ，则 =++937353log log log a a a （ ▲ ） A.5 B. 6 C. 8 D. 114. 已知0>+y x ，则“0>x ”是“2||2||22y x y x +>+”的（ ▲ ） A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充分必要条件 D. 既不充分也不必要条件（第2题图）5. 函数1e 1xx y x--=+的大致图象为（ ▲ ）6. 已知实数y x ,满足1,210,0,y y x x y m ≥⎧⎪-+≤⎨⎪+-≤⎩如果目标函数y x z -=的最小值为－1，则实数m 等于（ ▲ ）A ．7B ．5C ．4D ．3 7. 已知αααcos sin 2tan+=M ，)28(tan8tan+=ππN ，则M 和N 的关系是（ ▲ ）A.N M >B.N M <C.N M =D. M 和N 无关 8. 已知函数2|log |,0,()1,0.x x f x x x >⎧=⎨-≤⎩，函数1|)(2|)(--=m x f x g ，且Z m ∈，若函数)(x g 存在5个零点，则m 的值为（ ▲ ）A. 5B. 3C. 2D. 19. 设,,为平面向量，2||||==，若0)()2(=-⋅-，则⋅的最大值为（ ▲ ） A. 2 B.49C. 174D. 5 10. 如图，在三棱锥ABC S -中，AC SC =,θ=∠SCB ,θπ-=∠ACB ,二面角A BC S --的平面角为α，则（ ▲ ）A.θα≥B.α≥∠SCAC.α≤∠SBAD.SBA α∠≥非选择题部分（共110分）二、填空题：本大题共7小题，多空题每小题6分，单空题每小题4分，共36分. 11．已知复数z 满足()1+22i z i =+，则z = ▲ ，|z |= ▲ .12． 251()(1)(2)f x x x x x=++-的展开式中各项系数的和为 ▲ ，该展开式中的常数项为 ▲ .B （第 10题图）SACB13．已知函数()cos()(0,||)2f x x πωϕωϕ=+><图象中两相邻的最高点和最低点分别为(,1),12π7(,1)12π-，则函数()f x 的单调递增区间为 ▲ ，将函数()f x 的图象至少平移 ▲ 个单位长度后关于直线4x π=-对称.14．一个正四面体的四个面上分别标有1，2，3，4，将该正四面体抛掷两次，则向下一面的数字和为偶数的概率为 ▲ ，这两个数字和的数学期望为 ▲ .15．已知双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>中，12,A A 是左、右顶点，F 是右焦点，B 是虚轴的上端点．若在线段BF 上（不含端点）存在不同的两点(1,2)i P i =，使得120i i PA PA ⋅=，则双曲线离心率的取值范围是 ▲ .16．从0,1,2,…,8这九个数字中取五个不同的数组成五位偶数，且奇数数字不能放在偶数位（从万位到个位分别是第一位，第二位……），有 ▲ 个不同的数.（用数字作答） 17．已知实数,[1,1]x y ∈-，,,max{,},.a a b a b b a b ≥⎧=⎨<⎩则22max{1,|2|}x y x y -+-的最小值为 ▲ .三、解答题：本大题共5小题，共74分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18．（本题满分14分）已知ABC ∆中，角,,A B C 所对的边分别为,,a b c，且cos sin 22A A -= (Ⅰ)求角A 的大小； (Ⅱ)当)14a A C =+=，求c 的值.19．（本题满分15分）如图，已知ABC ∆中，AB BC AC ===，点A ∈平面α，点,B C 在平面α的同侧，且,B C 在平面α上的射影分别为,E D ，22BE CD ==. (Ⅰ)求证：平面ABE ⊥平面BCDE ；(Ⅱ)若M 是AD 中点，求平面BMC 与平面α所成锐二面角的余弦值.AE.BCDMα（第19题图）20．（本题满分15分）已知正项数列{}n a 的前n 项和为n S ，满足2212(N )n n n S a a n *+=+∈.(Ⅰ)（i ）求数列{}n a 的通项公式；（ii ）已知对于N n *∈，不等式1231111nM S S S S ++++<恒成立，求实数M 的最小值； (Ⅱ) 数列{}n b 的前n 项和为n T ，满足2142(N )n a n T n λ-*=-∈，是否存在非零实数λ，使得数列{}n b为等比数列？并说明理由. 21．（本题满分15分）已知椭圆2214x y +=，抛物线22x y =的准线与椭圆交于,A B 两点，过线段AB 上的动点P 作斜率为正的直线l 与抛物线相切，且交椭圆于,M N 两点. (Ⅰ)求线段AB 的长及直线l 斜率的取值范围； (Ⅱ)若104Q （，），求MNQ ∆面积的最大值.22．（本题满分15分）已知函数()e xf x ax b =--.(其中e 为自然对数的底数)(Ⅰ)若()0f x ≥恒成立，求ab 的最大值；(Ⅱ)设()ln 1g x x =+，若()()()F x g x f x =-存在唯一的零点，且对满足条件的,a b 不等式e 1)-+≥（m a b 恒成立，求实数m的取值集合.2019 五校联考参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题11．4355i-，1； 12． 3，-40 ； 13．5[,]()1212k k k Zππππ-+∈，6π； 14．12,5；15e<<； 16．1680； 17．32．三、解答题：本大题共5小题，共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18. 解：(Ⅰ)由得21)2sin2(cos2=-AA,即212cos2sin21=-AA21sin=A，-------------------3分又π<<A0，02sin2cos>-AA,2sin)22sin(2cosAAA>-=π,2,222ππ<>-AAA所以6π=A-------------------7分(Ⅱ)由1421)sin(=+AC,得1421sin=B由正弦定理：BbAasinsin=,得3=b-------------------10分由余弦定理：Abccba cos2222-+=，得cc3372-+=，4=c或1-=c（舍去）所以4=c-------------------14分19. (Ⅰ)证明：由条件，ADEBE平面⊥,AEBE⊥∴,由计算得3,6,3===ADEDAE,222ADEDAE=+∴,AEED⊥又EBEED=⋂,BCDEAE平面⊥∴,而ABEAE平面⊂∴BCDEABE平面平面⊥------------------6分(Ⅱ)以E为坐标原点，直线EA,ED,EB为x,y,z轴建立空间直角坐标系，)1,6,0(),0,6,0(),2,0,0(),,0,3(CDBA,则)0,26,23(M,3(,2)22BM=-, 1)BC=-,平面α的法向量为(0,0,1)m=-------------------8分设平面MBC的法向量),,(zyxn=，由{n BCn BM⋅=⋅=20zz-=-=⇒取1,(32,1,y n==------------------11分设平面BMC 与平面α所成锐二面角为θ，则6cos ||5||||m n m n θ⋅==⋅所以平面BMC 与平面α所成锐二面角的余弦值为5. -------------------15分20. 解：(Ⅰ) （i ）1，所以0又,212,时111211=>+=+=a a a a a n n ，…………………….1分当,时2≥n )(2122∙∈+=+N n a a S n n n )(2121-21-1-∙∈+=+N n a a S n n n作差整理得： ,因为 ,所以，故数列{}n a 为等差数列，. ……………………………………………………..4分（ii ）由（i ）知，4)3(+=n n S n ，所以)311(34)3(41+-=+=n n n n S n，从而=++++nS S S S 1111321)311()2111()1121()6131()5121()411((34+-++--++--++-+-+-n n n n n n )31211131211(34+-+-+-+++=n n n 922)312111611(34<+-+-+-+=n n n ，所以922≥M ，故实数的最小值为922…………………………………….8分 (Ⅱ)由)(2412∙-∈-=N n T n a n λ知λλλ241,24+=-=n n n n T T …………………………..9分当λ6,时11==b n ，……………………………………………………10分当λλλλ241241,时211--+=-=≥--n n n n n T T b n143-=n λ所以)2(4431≥==+n b b n n n λ，…………………………………………………….12分若数列{}n b 是等比数列，则有124b b =而λ122=b ，所以212=b b 与b 2=4b 1矛盾。

2018.5数学高考试题参考答案

2018 年 5 月份温州市普通高三语数英高考适应性测试
数学试题参考答案及评分标准
一、选择题
题号 1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案 D
A
B
A
A
C
C
D
C
B
二、填空题
8 10
11.0 0 12.
13.1 9 3 5
2
14.
113
33
2
2
10
15.－1
16.2
三、解答题
17. (, 2] 3
18.解：（Ⅰ） f (x) sin2 (x ) sin2 (x )
an1
1 2
an2
an
3 2
.
方法二：要证明：
an1
1 2
an2
an
3 2
只需证：
an1
1
1 2
an2
an
k2 2
k2 2
令
f
(k)
2 k2
2k 2
，当 k
2 时， fmax (k) 1，当 k 2 时， fmin (k) 1
又∵当 k 2 时， PQ 过点 A ；当 k 2 时， AP 或 AQ 的斜率不存在
∴ f (k) (1,1) ，∴ SAPQ (0, 2) 22.解：（Ⅰ）因为 an1 an 8an2 8 3an 1 0 ，
∴ DEC 为直线 BB1 与平面 ABC 所成角的平面角。令 AB 2AC 2 ， ∵ AC 平面 A1B1C ∴ ACA1 900
∴ AA1 5 ,即 DE 5 ,
∵ A1B1C 为等边三角形, ∴ DC 3

浙江省2018届高三“五校联考”第二次考试数学试题(含答案)(2018.05)

A. a 1
第Ⅱ卷（非选择题部分，共 110 分）
二、填空题:本大题共 7 小题,多空题每题 6 分,单空题每题 4 分，共 36 分．
11．已知 2 log 6 x 1 log 6 3 ，则 x 的值是 12．若实数 x ， y 满足为 ▲ ．
▲
．，x
2
x y 1 ，则 x y 的最大值为 y | 2 x 1|
D.
3 1
8. 若 cos sin tan 0 A． (0,
，则（ ▲ ） 2
C． (
) 6
B． (
, ) 6 4
, ) 4 3
D． (
, ) 3 2
9．已知 ABC 的三边长分别为 a、b、c，有以下四个命题：（1）以（2）以 2 （3）以 a （4）以
1 MC 的最小值 3
三、解答题：本大题共 5 小题，共 74 分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 18．（本题满分 14 分）在 ABC 中，角 A 、 B 、 C 的对边分别为 a 、 b 、 c ，且 (b c) a (2
8 ，则 P ( X 2) 3
C.
8 3
B.
8 27
2 3
D.
4 9
4．设 a , b 是两条直线， , 是两个平面，则“ a b ”的一个充分条件是（ ▲ ）
A. a , b ∥ , C. a , b , ∥
B. a , b , ∥ D. a , b ∥ ,
2 ( x a ) 1 a, x 0 10．已知函数 f ( x ) 的最小值为 2a 1 ，则实数 a 的取值范围是 x a 2 a 1, x 0

浙江省教育绿色评价联盟2018届高三5月适应性考试数学试题(WORD版)

2018年浙江教育绿色评价联盟适应性试卷数学试题参考公式：如果事件A B ，互斥，那么柱体的体积公式()()()P A B P A P B +=+ V Sh =如果事件A B ，相互独立，那么其中S 表示柱体的底面积，h 表示柱体的高()()()P A B P A P B ⋅=⋅ 锥体的体积公式如果事件A 在一次试验中发生的概率是p ，那 13V S h =么n 次独立重复试验中事件A 恰好发生k 次的概率其中S 表示锥体的底面积，h 表示锥体的高()(1)(0)k k n k n n P k C p p k n -=-=L ，1，，2 球的表面积公式台体的体积公式24πS R =121()3V S Sh =球的体积公式其中1S ，2S 分别表示台体的上、下底面积，h 表 34π3V R =示台体的高其中R 表示球的半径一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．已知集合{}12A =，，{}2(1)0B x x a x a a =-++=∈R ，，若A B =，则a =A ．1B ．2C ．1-D ．2-2．复数2iiz +=（i 是虚数单位），则1z += A ．B ．3C ．4D ．83．已知函数()f x x ∈R ，，则 “()f x 的最大值为1”是“()1f x ≤恒成立”的 A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件4．若实数x y ，满足约束条件34y x y x x y ≤⎧⎪≥⎨⎪+≤⎩，，，则2x y -+的最小值为A ．2B ．2-C ．5D ．5-5．已知互相垂直的平面αβ，交于直线l ，若直线m n ，满足//m n αβ⊥，，则A．//m l B．//m n C．n l⊥D．n m⊥6．函数1()()cos(0)f x x x x xx=--π≤≤π≠，且的图象可能．．为7．已知随机变量iξ满足(0)i iP pξ==，(1)1i iP pξ==-，且12ip<<，12i=，．若12()()E Eξξ<，则A．12p p<，且12()()D Dξξ<B．12p p>，且12()()D Dξξ>C．12p p<，且12()()D Dξξ>D．12p p>，且12()()D Dξξ<8．已知12F F，是双曲线22221(00)x ya ba b-=>>，的左，右焦点，P是双曲线上一点，且12PF PF⊥，若△12PF F的内切圆半径为2a，则该双曲线的离心率为A61B．31+C61+D619．如图，在△ABC中，点D E，是线段BC上两个动点，且AD AE+u u u r u u u rx AB y AC=+u u u r u u u r，则14x y+的最小值为A．32B．2C．52D．9210．四个同样大小的球1234O O O O，，，两两相切，点M是球1O上的动点，则直线2O M与直线34O O所成角的正弦值的取值范围为A．251]B．5[1]C．3[1]D．3[1]B C二、填空题：本大题共7小题，多空题每小题6分，单空题每小题4分，共36分。

【数学】浙江省教育绿色评价联盟2018届高三5月适应性考试数学试题

2018年浙江教育绿色评价联盟适应性试卷数学试题一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1. 已知集合D.【答案】B即可.详解：B.点睛：集合的基本运算的关注点：（1）看元素组成．集合是由元素组成的，从研究集合中元素的构成入手是解决集合运算问题的前提；（2）有些集合是可以化简的，先化简再研究其关系并进行运算，可使问题简单明了，易于解决；（3）注意划归思想的应用，常常转化为方程问题以及不等式问题求解．2.B. C. D.【答案】A.，故选A.点睛：复数是高考中的必考知识，主要考查复数的概念及复数的运算．要注意对实部、虚部的理解，掌握纯虚数、共轭复数这些重要概念，复数的运算主要考查除法运算，通过分母实数化转化为复数的乘法，运算时特别要注意多项式相乘后的化简，防止简单问题出错，造成不必要的失分.3. 已知函数A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】A的最大值为.的最大值为A.点睛：判断充要条件应注意：然后直接依据定义、定理、对于带有否定性的命题或比较难判断的命题，除借助集合思想化抽象为直观外，还可利用原命题和逆否命题、逆命题和否命题的等价性，转化为判断它的等价命题；对于范围问题也可以转化为包含关系来处理.4.C. D.【答案】D. 详解：，得最小，由，，故选D.点睛：本题主要考查线性规划中利用可行域求目标函数的最值，属简单题.求目标函数最值的一般步骤是“一画、二移、三求”：（1）作出可行域（一定要注意是实线还是虚线）；（2）找到目标函数对应的最优解对应点（在可行域内平移变形后的目标函数，最先通过或最后通过的定点就是最优解）；（3）将最优解坐标代入目标函数求出最值.5. 则C.【答案】C交于直线或C.点睛：本题主要考查线面平行的判定与性质、面面垂直的性质及线面垂直的判定，属于难题.空间直线、平面平行或垂直等位置关系命题的真假判断，常采用画图（尤其是画长方体）、现实实物判断法（如墙角、桌面等）、排除筛选法等；另外，若原命题不太容易判断真假，可以考虑它的逆否命题，判断它的逆否命题真假，原命题与逆否命题等价.6. ．．为A. B.C. D.【答案】D【解析】为奇函数，D.点睛：函数图象的辨识可从以下方面入手：(1)从函数的定义域，判断图象的左右位置，从函数的值域，判断图象的上下位置；(2)从函数的单调性，判断图象的变化趋势；(3)从函数的奇偶性，判断图象的对称性；(4)从函数的特征点，排除不合要求的图象.7.【答案】B，故选B.点睛：本题主要考查离散型随机变量的分布列、期望公式与方差公式的应用以及作差法比较大小，意在考查学生综合运用所学知识解决问题的能力，计算能力，属于中档题.8.的内切圆半径为，则该双曲线的离心率为C.【答案】C【解析】分析：根据双曲线的定义和勾股定理，.①，由勾股定理可得②所以由三角形的面积公式可得，两边平方可得C.点睛：本题主要考查双曲线的定义及离心率，属于难题.离心率的求解在圆锥曲线的考查中是，从而求出③采用离心率的定义以及圆锥曲线的定义来求解.9. 如图，最小值为【答案】D利用基本不等式可得结果.，共线，，点睛：利用基本不等式求最值时，一定要正确理解和掌握“一正，二定，三相等”的内涵：一正是，首先要判断参数是否为正；二定是，其次要看和或积是否为定值（和定积最大，积定和最小）；三相等是，最后一定要验证等号能否成立（主要注意两点，一是相等时参数否在.10. 四个同样大小的球所成角的正弦值的取值范围为C.【答案】C直的性质，即可得到所成角的最大值，再由大圆的切线计算可得所成角的最小值.详解：与成的最大角与直线所成角的正弦值的取值范围为点睛：解决立体几何中的最值问题一般有两种方法：一是几何意义，利用底面距离点线距离以及利用展开图转化为平面问题，非常巧妙；二是将立体几何中最值问题转化为函数问题，然后根据函数的特征选用参数法、配方法、判别式法、三角函数有界法、函数单调法以及均值不等式法.二、填空题：本大题共7小题，多空题每小题6分，单空题每小题4分，共36分。

2018年5月22日浙江省学考选考浙江教育绿色评价联盟适应性试卷高三数学试卷参考答案

……12 分
3 又因为 f (0) 0 ， f ( ) 1 ， f ( ) 3 ，所以要使得关于 x 的方程 f ( x) t 在区间 2 3 2
3 ，内有两个不相等的实数解，只需满足 3 t 1 . 2 2
……15 分
x e x
ln(2ex) 0 可以通过如下做法 x
因为 ln x
x 1，所以
ln(2ex) ln(2e) 2ln x ln(2e) 2( x 1) ， x x x
而当 x 时，
ln(2ex) ln(2e) 2( x 1) 0 ，所以当 x 时， 0. x x
ln(2ex) 0. x
1 2 2e ， 2e
……13 分
又 x [ ， ) 时 f ( x) 0 ， f ( ) 2
1 2
2 所以 f ( x) 在 x [ , ) 上的取值范围是 (0，
说明:事实上对当 x 时， f BC1 AC，AC AB，AB
……14 分
BC1 B ，
1/6
所以 AC 平面 ABC1 . 所以平面 ABC 平面 ABC1 .
……2 分 ……4 分
过点 C1 作 C1H AB ，则由面面垂直的性质定理可知 C1H 平面ABC . 又 C1H 平面ABC ，所以 H 与H 重合，所以点 C1 在底面 ABC 上的射影 H 必在直线 AB 上. (Ⅱ) BAC1 是二面角 C1 AC B 的平面角，即BAC1 60 . 法一：连接 A1 H ， ……6 分 ……8 分
浙江教育绿色评价联盟适应性试卷数学参考答案

浙江省教育绿色评价联盟2018届高三5月适应性考试数学试题(精编含解析)

优质金卷：浙江省教育绿色评价联盟2018届高三5月适应性考试数学试题(解析版)

2018年浙江教育绿色评价联盟适应性试卷数学试题

浙江省2018年五校联考数学试题最终稿学参考答案

2018年浙江教育绿色评价联盟适应性试题[含解析]

数学-浙江省教育绿色评价联盟2018届高考适应性试卷(解析版)

浙江省教育绿色评价联盟2018届高三5月适应性考试数学试题(含答案)

2018~2019学年浙江省5月高三模拟考五校联考数学试卷 word版 含参考答案

2018.5数学高考试题参考答案

浙江省2018届高三“五校联考”第二次考试数学试题(含答案)(2018.05)

浙江省教育绿色评价联盟2018届高三5月适应性考试数学试题(WORD版)

【数学】浙江省教育绿色评价联盟2018届高三5月适应性考试数学试题

2018年5月22日浙江省学考选考浙江教育绿色评价联盟适应性试卷高三数学试卷参考答案

推荐-浙江省2018年五校联考理数学参考答案 精品

2018~2019学年浙江省5月高三模拟考五校联考数学试卷 word版含参考答案

推荐-浙江省2018年五校联考理数学参考答案精品