【精编】2017年天津市和平区高考物理一模试卷与解析

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2017年高考天津卷理综物理试题解析(精编版)(解析版)

2017年普通高等学校招生全国统一考试（天津卷）理科综合物理部分(解析版)一、单项选择题（每小题6分，共30分。

每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．我国自主研发制造的国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献。

下列核反应方程中属于聚变反应的是A ．23411120H H He n +→+B ．1441717281N He O H +→+ C ．427301213150He Al P n +→+ D ．235114489192056360U n Ba Kr 3n +→++【答案】A【解析】【学科网考点定位】核反应的种类【名师点睛】本题的关键是知道核反应的分类，区别衰变和核反应。

2．明代学者方以智在《阳燧倒影》中记载：“凡宝石面凸，则光成一条，有数棱则必有一面五色”，表明白光通过多棱晶体折射会发生色散现象。

如图所示，一束复色光通过三棱镜后分解成两束单色光a 、b ，下列说法正确的是A ．若增大入射角i ，则b 光先消失B ．在该三棱镜中a 光波长小于b 光C ．a 光能发生偏振现象，b 光不能发生D ．若a 、b 光分别照射同一光电管都能发生光电效应，则a 光的遏止电压低【答案】D 【解析】试题分析：设折射角为α，在右界面的入射角为β，根据几何关系有：A =+βα，根据折射定律：αsin sin in =，增大入射角i ，折射角α增大，β减小，而β增大才能使b 光发生全反射，故A 错误；由光路图可知，a 光的折射率小于b 光的折射率（b a n n <），则a 光的波长大于b 光的波长（b a λλ>），故B 错误；根据光电效应方程和遏止电压的概念可知：最大初动能k 0E hW ν=-，再根据动能定理：c k 0eU E -=-，即遏止电压0c W hU e eν=-，可知入射光的频率越大，需要的遏止电压越大，b a n n <，则a 光的频率小于b 光的频率（b a νν<），a 光的遏止电压小于b 光的遏止电压，故D 正确；光是一种横波，横波有偏振现象，纵波没有，有无偏振现象与光的频率无关，故C 错误。

【高考真题】2017年天津市高考物理试卷(含答案)

2017年天津市高考物理试卷一、选择题（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（6分）我国自主研发制造的国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献．下列核反应方程中属于聚变反应的是（）A．→B．→C．→+D．→++32．（6分）明代学者方以智在《阳燧倒影》中记载：“凡宝石面凸，则光成一条，有数棱则必有一面五色”，表明白光通过多棱晶体折射会发生色散现象．如图所示，一束复色光通过三棱镜后分解成两束单色光a、b，下列说法正确的是（）A．若增大入射角i，则b光先消失B．在该三棱镜中a光波长小于b光C．a光能发生偏振现象，b光不能发生D．若a、b光分别照射同一光电管都能发生光电效应，则a光的遏止电压低3．（6分）如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R．金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下．现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是（）A．ab中的感应电流方向由b到a B．ab中的感应电流逐渐减小C．ab所受的安培力保持不变D．ab所受的静摩擦力逐渐减小4．（6分）“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一．摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动．下列叙述正确的是（）A．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B．在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力C．摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零D．摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变5．（6分）手持较长软绳端点O以周期T在竖直方向上做简谐运动，带动绳上的其他质点振动形成简谐波沿绳水平传播，示意如图．绳上有另一质点P，且O、P的平衡位置间距为L．t=0时，O位于最高点，P的位移恰好为零，速度方向竖直向上，下列判断正确的是（）A．该简谐波是纵波B．该简谐波的最大波长为2LC．t=时，P在平衡位置上方D．t=时，P的速度方向竖直向上二、不定项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6．（6分）在匀强磁场中，一个100匝的闭合矩形金属线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化．设线圈总电阻为2Ω，则（）A．t=0时，线圈平面平行于磁感线B．t=1s时，线圈中的电流改变方向C．t=1.5 s时，线圈中的感应电动势最大D．一个周期内，线圈产生的热量为8π2J7．（6分）如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹．设电子在A、B两点的加速度大小分别为a A、a B，电势能分别为E pA、E pB．下列说法正确的是（）A．电子一定从A向B运动B．若a A＞a B，则Q靠近M端且为正电荷C．无论Q为正电荷还是负电荷一定有E pA＜E pBD．B点电势可能高于A点电势8．（6分）如图所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M、N上的a、b两点，悬挂衣服的衣架钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态．如果只人为改变一个条件，当衣架静止时，下列说法正确的是（）A．绳的右端上移到b′，绳子拉力不变B．将杆N向右移一些，绳子拉力变大C．绳的两端高度差越小，绳子拉力越小D．若换挂质量更大的衣服，则衣服架悬挂点右移三、解答题（共6小题，满分72分）9．（4分）我国自主研制的首艘货运飞船“天舟一号”发射升空后，与已经在轨运行的“天宫二号”成功对接形成组合体．假设组合体在距地面高度为h的圆形轨道上绕地球做匀速圆周运动，已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，且不考虑地球自转的影响．则组合体运动的线速度大小为，向心加速度大小为．10．（4分）如图所示，打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置验证机械能守恒定律。

2017年天津市高考物理答案详解

2017年天津市高考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（6分）【考点】JL：轻核的聚变；JJ：裂变反应和聚变反应．【分析】正确解答本题需要掌握：裂变、聚变的反应的特点，即可分析核反应的性质．【解答】解：核聚变是指由质量小的原子，主要是指氘或氚，在一定条件下（如超高温和高压），发生原子核互相聚合作用，生成新的质量更重的原子核，并伴随着巨大的能量释放的一种核反应形式，由此可知：核反应方程→是原子核的聚变反应；B与C属于原子核的人工核转变；D属于裂变反应；故只有A正确；BCD错误；故选：A．【点评】本题考查核反应的分类，要正确理解核裂变、聚变及其他相关核反应的性质，并掌握质量数守恒电荷数守恒分析核反应方程．2．（6分）【考点】IC：光电效应；H3：光的折射定律．【分析】依据光的折射定律，判定两光的折射率大小，再根据sinC=，即可判定各自临界角大小，进而可求解；根据折射率的定义公式求解折射率，由折射定律得出折射率关系，就知道波长关系；只要是横波，均能发生偏振现象；根据qUc=，结合光电效应方程=hγ﹣W，从而即可求解．【解答】解：A、根据折射率定义公式n=，从空气斜射向玻璃时，入射角相同，光线a对应的折射角较大，故光线a的折射率较小，即n a＜n b，若增大入射角i，在第二折射面上，则两光的入射角减小，依据光从光密介质进入光疏介质，且入射角大于或等于临界角时，才能发生光的全反射，因此它们不会发生光的全反射，故A错误；B、根据折射率定义公式n=，从空气斜射向玻璃时，入射角相同，光线a对应的折射角较大，故光线a的折射率较小，即n a＜n b，则在真空中a光波长大于b光波长，故B错误；C、只要是横波，均能发生偏振现象，若a光能发生偏振现象，b光一定能发生，故C错误；D、a光折射率较小，则频率较小，根据E=hγ，则a光光子能量较小，则a光束照射逸出光电子的最大初动能较小，根据qUc=，则a光的遏止电压低，故D正确；故选：D．【点评】本题关键依据光路图来判定光的折射率大小，然后根据折射率定义公式比较折射率大小，学会判定频率高低的方法，同时掌握光电效应方程，及遏止电压与最大初动能的关系．3．（6分）【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；BB：闭合电路的欧姆定律；CC：安培力．【分析】根据楞次定律得出感应电流的方向，结合法拉第电磁感应定律判断感应电流是否不变，根据安培力公式分析安培力是否保存不变，结合平衡分析静摩擦力的变化．【解答】解：A、磁感应强度均匀减小，磁通量减小，根据楞次定律得，ab中的感应电流方向由a到b，故A错误．B、由于磁感应强度均匀减小，根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势恒定，则ab中的感应电流不变，故B错误．C、根据安培力公式F=BIL知，电流不变，B均匀减小，则安培力减小，故C错误．D、导体棒受安培力和静摩擦力处于平衡，f=F，安培力减小，则静摩擦力减小，故D正确．故选：D．【点评】本题考查了法拉第电磁感应定律、楞次定律、安培力公式的基本运用，注意磁感应强度均匀变化，面积不变，则感应电动势不变，但是导体棒所受的安培力在变化．4．（6分）【考点】52：动量定理；4A：向心力；63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据机械能的定义分析机械能的变化情况；根据向心力的来源分析重力和支持力的情况；根据冲量的定义分析冲量；根据瞬时功率计算式计算重力的瞬时功率．【解答】解：A、机械能等于重力势能和动能之和，摩天轮运动过程中，做匀速圆周运动，乘客的速度大小不变，则动能不变，但高度变化，所以机械能在变化，A错误；B、圆周运动过程中，在最高点，由重力和支持力的合力提供向心力F，向心力指向下方，所以F=mg﹣N，则支持力N=mg﹣F，所以重力大于支持力，B正确；C、转动一周，重力的冲量为I=mgT，不为零，C错误；D、运动过程中，乘客的重力大小不变，速度大小不变，但是速度方向时刻在变化，所以重力的瞬时功率在变化，D错误．故选：B．【点评】本题涉及的知识点比较多，但是都考查了基本的公式，学习过程中一定要把最基础的概念和公式牢记，这样我们就能得心应手．5．（6分）【考点】F5：波长、频率和波速的关系；F4：横波的图象．【分析】由横波、纵波的定义得到简谐波为横波；再由P的运动状态得到OP之间的距离与波长的关系，进而求得最大波长；根据P的运动状态可得之后任意时刻P的位置及速度．【解答】解：A、该简谐波上质点振动方向为竖直方向，波的传播方向为水平方向，两者垂直，故为横波，故A错误；B、t=0时，O位于最高点，P的位移恰好为零，速度方向竖直向上，故两者间的距离为，又有O、P的平衡位置间距为L，则，故B错误；C、t=0时，P的位移恰好为零，速度方向竖直向上，那么，t=时，P在平衡位置上方，并向上运动，故C正确；D、t=0时，P的位移恰好为零，速度方向竖直向上，那么，t=时，P在平衡位置上方，并向下运动，故D错误；故选：C．【点评】在波的传播过程中，波上的质点并不随波的传播而运动，质点只在平衡位置附近做简谐运动；随波传播的只是波的形式和能量．二、不定项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6．（6分）【考点】E3：正弦式电流的图象和三角函数表达式；BH：焦耳定律；E4：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】根据图象得到t=0时穿过线圈平面的磁通量大小，由此确定线圈的位置；根据图象斜率确定第感应电流方向和t=1.5 s时感应电动势大小；计算此交流电的最大值和有效值，根据焦耳定律计算一个周期产生的热．【解答】解：A、根据图象可知，在t=0时穿过线圈平面的磁通量为零，所以线圈平面平行于磁感线，故A正确；B、Φ﹣t图象的斜率为，即表示磁通量的变化率，在0.5s～1.5s之间，“斜率方向“不变，表示的感应电动势方向不变，则电流强度方向不变，故B错误；C、根据法拉第电磁感应定律可得E=N，所以在t=1.5 s时，斜率为零，则感应电动势为零，故C错误；D、感应电动势的最大值为E m=NBSω=NΦmω=100×V=4π V，有效值E==2V，根据焦耳定律可得一个周期产生的热为Q===8π2J，故D正确．故选：AD．【点评】本题考查交变电流产生过程中，感应电动势与磁通量、磁通量变化率的关系，关键抓住两个特殊位置：一是线圈与磁场垂直位置是磁通量最大的位置，该位置是电流方向改变的转换点；二是线圈与磁场平行位置，该位置磁通量为零，是电流强度增大与减小的转换点．7．（6分）【考点】AD：电势差与电场强度的关系；A6：电场强度；AC：电势．【分析】由运动轨迹得到电场力方向，进而得到电势的比较，从而根据加速度的比较得到点电荷Q的正负．【解答】解：A、由于不知道电子速度变化，由运动轨迹图不能判断电子向那个方向运动，故A错误；B、若a A＞a B，则A点离点电荷Q更近即Q靠近M端；又由运动轨迹可知，电场力方向指向凹的一侧即左侧，所以，在MN上电场方向向右，那么Q靠近M端且为正电荷，故B正确；D、由B可知，电场线方向由M指向N，那么A点电势高于B点，故D错误；C、由B可知，电子所受电场力方向指向左侧，那么，若电子从A向B运动，则电场力做负功，电势能增加；若电子从B向A运动，则电场力做正功，电势能减小，所以，一定有E pA ＜E pB求解过程与Q所带电荷无关，只与电场线方向相关，故C正确；故选：BC．【点评】带电粒子在电场中运动，带正电的粒子电场力方向与电场线方向一致；带负电的粒子，电场力方向与电场线方向相反．8．（6分）【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力．【分析】绳子两端上下移动时，两杆距离不变，据此分析两端绳子间夹角的变化情况，进而分析拉力的变化；两杆之间距离发生变化时，分析两段绳子之间的夹角变化，进而分析拉力变化．【解答】解：如图所示，两个绳子是对称的，与竖直方向夹角是相等的．假设绳子的长度为X，则Xcosθ=L，绳子一端在上下移动的时候，绳子的长度不变，两杆之间的距离不变，则θ角度不变；AC、两个绳子的合力向上，大小等于衣服的重力，由于夹角不变，所以绳子的拉力不变；A 正确，C错误；B、当杆向右移动后，根据Xcosθ=L，即L变大，绳长不变，所以θ角度减小，绳子与竖直方向的夹角变大，绳子的拉力变大，B正确；D、绳长和两杆距离不变的情况下，θ不变，所以挂的衣服质量变化，不会影响悬挂点的移动，D错误．故选：AB．【点评】本题在判断绳子拉力的变化关键是把握一个合力的不变，然后分析绳子夹角的变化情况，而夹角的变化情况又与两杆距离有关，写出了距离与夹角关系，题目就会变的容易三、解答题（共6小题，满分72分）9．（4分）【考点】4F：万有引力定律及其应用．【分析】地球表面重力与万有引力相等，卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，从而即可求解．【解答】解：在地球表面的物体受到的重力等于万有引力，有：mg=G得：GM=R2g，根据万有引力提供向心力有：G=，得：v===R；根据万有引力定律和牛顿第二定律可得，卫星所在处的加速度，G=ma，得a===g（）2；故答案为：R；g（）2．【点评】本题主要考查在星球表面万有引力与重力相等，卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供，掌握规律是正确解题的关键．10．（4分）【考点】MD：验证机械能守恒定律．【分析】根据实验原理，结合实验中的注意事项后分析解答；依据这段时间内的平均速度等于中时刻瞬时速度，从而确定动能的变化，再依据重力势能表达式，进而确定其的变化，即可验证．【解答】解：①A、实验供选择的重物应该相对质量较大、体积较小的物体，这样能减少摩擦阻力的影响，从而减小实验误差，故A正确．B、为了减小纸带与限位孔之间的摩擦图甲中两限位孔必须在同一竖直线，这样可以减小纸带与限位孔的摩擦，从而减小实验误差，故B正确．C、因为我们是比较mgh、mv2的大小关系，故m可约去，不需要测量重锤的质量，对减小实验误差没有影响，故C错误．D、实验时，先接通打点计时器电源再放手松开纸带，对减小实验误差没有影响，故D错误．②根据这段时间内的平均速度等于中时刻瞬时速度，结合动能与重力势能表达式，A、当OA、AD和EG的长度时，只有求得F点与BC的中点的瞬时速度，从而确定两者的动能变化，却无法求解重力势能的变化，故A错误；B、当OC、BC和CD的长度时，同理，依据BC和CD的长度，可求得C点的瞬时速度，从而求得O到C点的动能变化，因知道OC间距，则可求得重力势能的变化，可以验证机械能守恒，故B正确；C、当BD、CF和EG的长度时，依据BD和EG的长度，可分别求得C点与F点的瞬时速度，从而求得动能的变化，再由CF确定重力势能的变化，进而得以验证机械能守恒，故C正确；D、当AC、BD和EG的长度时，依据AC和EG长度，只能求得B点与F点的瞬时速度，从而求得动能的变化，而BF间距不知道，则无法验证机械能守恒，故D错误；故答案为：①AB；②BC．【点评】考查实验的原理，掌握如何处理实验误差的方法，理解验证机械能守恒的中，瞬时速度的求解，及重力势能的表达式的应用．11．（10分）【考点】N3：测定电源的电动势和内阻．【分析】通过多用电表的电压示数是否为零，结合电路分析确定哪根导线断开．根据闭合电路欧姆定律以及串并联电路的特点，得出两电流的表达式，结合图线的斜率和截距求出电动势和内阻的大小．【解答】解：①将电建S闭合，用多用电表的电压挡先测量a、b′间电压，读数不为零，可知cc′不断开，再测量a、a′间电压，若读数不为零，可知bb′间不断开，则一定是aa′间断开．若aa′间电压为零，则bb导线断开．②根据串并联电路的特点，结合闭合电路欧姆定律得：E=U+Ir，则有：E=I1（R1+r1）+I2（R0+r），可知I1=，纵轴截距解得：E=1.4V，图线斜率的绝对值为：，解得r≈0.5Ω．故答案为：①aa'，bb'，②1.4（1.36～1.44均可）0.5（0.4～0.6均可）【点评】解决本题的关键确定故障的方法，对于图线问题，一般的解题思路是得出两物理量之间的关系式，结合图线斜率和截距进行求解，难度中等．12．（16分）【考点】53：动量守恒定律；6B：功能关系．【分析】（1）根据自由落体规律计算运动时间；（2）根据动量守恒定律计算A的最大速度；（3）根据机械能守恒计算B离地面的高度H．【解答】解：（1）B从释放到细绳刚绷直前做自由落体运动，有：h=gt2代入数据解得：t=0.6 s．（2）设细绳绷直前瞬间B速度大小为v B，有：v B=gt细绳绷直瞬间，细绳张力远大于A、B的重力，A、B相互作用，由动量守恒得：m B v B=（m A+m B）v之后A做匀减速运动，所以细绳绷直后瞬间的速度v即为最大速度，联立方程，代入数据解得：v=2 m/s（3）细绳绷直后，A、B一起运动，B恰好可以和地面接触，说明此时A、B的速度为零，这一过程中A、B组成的系统机械能守恒，有：（m A+m B）v2+m B gH=m A gH代入数据解得：H=0.6 m．答：（1）运动时间为0.6s；（2）A的最大速度为2m/s；（3）初始时B离地面的高度为0.6m．【点评】本题是一道综合题，但是仅仅是各个知识点的组合，一个问题涉及一个知识点，不是很难．在处理第三问的时候，使用了整体法，系统机械能能守恒，这种情况经常遇到，平时多练习．13．（18分）【考点】CI：带电粒子在匀强磁场中的运动；AK：带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】（1）在电场中，粒子做类平抛运动，根据x轴方向的匀速直线运动和y方向的匀加速直线运动列方程求解；（2）粒子在电场中受到的电场力时由牛顿第二定律求解加速度，再根据速度位移关系求解电场强度；根据粒子所受的洛伦兹力提供向心力得到半径计算公式，再根据则由几何关系得到半径大小，由此求解磁感应强度大小，然后求解比值．【解答】解：（1）在电场中，粒子做类平抛运动，设Q点到x轴的距离为L，到y轴的距离为2L，粒子的加速度为a，运动时间为t，有沿x轴正方向：2L=v0t，①竖直方向根据匀变速直线运动位移时间关系可得：L=②设粒子到达O点时沿y轴方向的分速度为v y根据速度时间关系可得：v y=at ③设粒子到达O点时速度方向与x轴方向的夹角为α，有tanα=④联立①②③④式得：α=45° ⑤即粒子到达O点时速度方向与x轴方向的夹角为45°角斜向上．设粒子到达O点时的速度大小为v，由运动的合成有v==；（2）设电场强度为E，粒子电荷量为q，质量为m，粒子在电场中受到的电场力为F，由牛顿第二定律可得：qE=ma ⑧由于解得：E=⑨设磁场的磁感应强度大小为B，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为R，所受的洛伦兹力提供向心力，有qvB=m⑩由于P点到O点的距离为2L，则由几何关系可知R=解得：B=⑪联立⑨⑪式得．答：（1）粒子到达O点时速度的大小为，方向x轴方向的夹角为45°角斜向上．（2）电场强度和磁感应强度的大小之比为．【点评】有关带电粒子在匀强电场中的运动，可以根据带电粒子受力情况，用牛顿第二定律求出加速度，结合运动学公式确定带电粒子的速度；对于带电粒子在磁场中的运动情况分析，一般是确定圆心位置，根据几何关系求半径，结合洛伦兹力提供向心力求解未知量；根据周期公式结合轨迹对应的圆心角求时间．14．（20分）【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；52：动量定理；BB：闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）根据通过MN电流的方向，结合左手定则得出磁场的方向．（2）根据欧姆定律得出MN刚开始运动时的电流，结合安培力公式，根据牛顿第二定律得出MN刚开始运动时加速度a的大小．（3）开关S接2后，MN开始向右加速运动，速度达到最大值v max时，根据电动势和电荷量的关系，以及动量定理求出MN离开导轨后电容器上剩余的电荷量Q．【解答】解：（1）电容器上端带正电，通过MN的电流方向向下，由于MN向右运动，根据左手定则知，磁场方向垂直于导轨平面向下．（2）电容器完全充电后，两极板间电压为E，当开关S接2时，电容器放电，设刚放电时流经MN的电流为I，有：I=…①设MN受到的安培力为F，有：F=IlB…②由牛顿第二定律有：F=ma…③联立①②③式：得a=…④（3）当电容器充电完毕时，设电容器上电量为Q0，有：Q0=CE…⑤开关S接2后，MN开始向右加速运动，速度达到最大值v max时，设MN上的感应电动势为E′，有：E′=Blv max…⑥依题意有：…⑦设在此过程中MN的平均电流为，MN上受到的平均安培力为，有：…⑧由动量定理，有…⑨又…⑩联立⑤⑥⑦⑧⑨⑩式得：Q=．答：（1）磁场的方向为垂直于导轨平面向下；（2）MN刚开始运动时加速度a的大小为；（3）MN离开导轨后电容器上剩余的电荷量Q是．【点评】本题是电磁感应与电路、力学知识的综合，解决这类题目的基本思路是对研究对象正确进行受力分析，弄清运动形式，然后依据相应规律求解，对于第三问，注意电流在变化，安培力在变化，结合动量定理，通过平均电流，结合通过的电量进行求解．第11页（共11页）。

2017高考物理(天津卷及答案)

2017年普通高等学校招生全国统一考试（天津卷）理科综合物理部分第Ⅰ卷注意事项：1．每题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

2．本卷共8题，每题6分，共48分。

一、单项选择题（每小题6分，共30分。

下列核反应方程中属于聚变反应的是A ．23411120H H He n +→+ B ．1441717281N He O H +→+ C ．427301213150He Al P n +→+D ．235114489192056360U n Ba Kr 3n +→++2．明代学者方以智在《阳燧倒影》中记载：“凡宝石面凸，则光成一条，有数棱则必有一面五色”，表明白光通过多棱晶体折射会发生色散现象。

如图所示，一束复色光通过三棱镜后分解成两束单色光a 、b ，下列说法正确的是A ．若增大入射角i ，则b 光先消失B ．在该三棱镜中a 光波长小于b 光C．a光能发生偏振现象，b光不能发生D．若a、b光分别照射同一光电管都能发生光电效应，则a光的遏止电压低3．如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，学|科网导轨之间接有电阻R。

金属棒ab 与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下。

现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是A．ab中的感应电流方向由b到aB．ab中的感应电流逐渐减小C．ab所受的安培力保持不变D．ab所受的静摩擦力逐渐减小4．“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一。

摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。

下列叙述正确的是A．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B．在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力C．摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零D．摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变5．手持较长软绳端点O以周期T在竖直方向上做简谐运动，带动绳上的其他质点振动形成简谐波沿绳水平传播，示意如图。

2017年天津市和平区高考物理模拟试卷

2017年天津市和平区高考物理模拟试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共20小题，共60.0分)1.物理学中引入“质点”概念，从科学方法说，是属于（）A.观察、实验的方法B.逻辑推理的方法C.类比的方法D.建立理想模型的方法【答案】D【解析】解：“质点”、“点电荷”、“电场线”等都是为了研究问题简单而引入的理想化的物理模型，所以它们从科学方法上来说属于理想物理模型，故D正确，ABC错误．故选：D．物理学中引入了“质点”、“点电荷”、“电场线”等概念，都是在物理学中引入的理想化的模型，是众多的科学方法中的一种．理想化的模型是实际物体的简化处理．物理上研究的方法很多，我们在学习物理知识的同时，更要学习科学研究的方法．2.同学们到中国科技馆参观，看到了一个有趣的科学实验，如图所示，一辆小火车在平直轨道上匀速行驶，当火车将要从“∩”形框架的下方通过时，突然从火车顶部的小孔中向上弹出一小球，该小球越过框架后，又与通过框架的火车相遇，并恰好落回原来的孔中．下列说法中正确的是（）A.相对于地面，小球运动的轨迹是直线B.相对于火车，小球运动的轨迹是曲线C.小球能落回小孔是因为小球在水平方向保持与火车相同的速度D.小球能落回小孔是因为小球在空中运动的过程中受到水平向前的力【答案】C【解析】解：A、相对于地面，小球竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做匀速运动，轨迹是曲线，故A错误；B、相对于火车，小球始终在火车的正上方，做直线运动．故B错误；CD、能落回小孔是因为小球具有惯性，在水平方向保持与火车相同的速度，故C正确，D错误．故选：C相对于地面，小球做的是竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做匀速运动，能落回小孔是因为小球具有惯性，在水平方向保持与火车相同的速度．掌握惯性的物理意义：惯性是物体的固有属性，惯性的大小由质量决定．3.如图所示．脚盘在水平面内匀速转动，放在盘面上的一小物块随圆盘一起运动，关于小物块的受力情况，下列说法中正确的是（）A.只受重力和支持力B.受重力、支持力和压力C.受重力、支持力和摩擦力D.受重力、支持力，摩擦力和向心力【答案】C【解析】解：小木块做匀速圆周运动，合力指向圆心，对木块受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，如图所示，重力和支持力平衡，静摩擦力提供向心力．选项C正确，选项ABD错误．故选：C．对小物块进行受力分析，分析时按照重力弹力摩擦力的顺序，并且找一下各力的施力物体，再根据圆周运动的特点知道是哪些力提供了向心力，即可得知各选项的正误．向心力是由物体实际受力的一个力或几个力的合力提供的，也可理解为是沿半径方向上的所有力的合力提供．分析和解决匀速圆周运动的问题，关键是要把向心力的来源搞清楚．向心力是按效果命名的力，并不是一种新性质的力，受力分析时决不能额外加上一个向心力．4.下列运动的物体中，机械能守恒的是（）A.加速上升的运载火箭B.被匀速吊起的集装箱C.光滑曲面上自由运动的物体D.在粗糙水平面上运动的物体【答案】C【解析】解：A、加速向上运动的运载火箭，动能和重力势能都增加，两者之和即机械能必定增加，故A错误．B、被匀速吊起的集装箱动能不变，而重力势能增加，两者总和即机械能必定增加，故B错误．C、光滑曲面上自由运动的物体，曲面对物体的支持力不做功，只有重力对物体做功，其机械能守恒，故C正确．D、在粗糙水平面上运动的物体做减速运动，重力势能不变，而动能减少，两者总和即机械能必定减小，故D错误．故选：C．物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹簧的弹力做功，机械能等于势能与动能之和，根据机械能守恒条件和机械能的概念进行判断．判断机械能守恒常用两种方法：一是条件法：根据机械能守恒的条件分析；二是总量法：根据动能与势能总量为机械能，进行分析．5.下列关于惯性的说法正确的是（）A.汽车速度越大越难刹车，表明速度越大惯性越大B.两个物体只要质量相同，那么惯性一定相同C.乒乓球可快速改变运动状态，是因为乒乓球速度大D.宇宙飞船中的物体处于完全失重状态，所以没有惯性【答案】B【解析】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，与其他因素无关，汽车的质量没有改变，所以惯性不变，A错误；B、质量是惯性大小的量度，两个物体只要质量相同，那么惯性一定相同．故B正确；C、乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球质量小，惯性小，故C错误；D、宇宙飞船中的物体处于完全失重状态，但仍然有惯性，故D错误．故选：B一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的．该题考查对惯性的理解，需要注意的是：一切物体都有惯性，惯性的大小只与质量有关，与其他都无关．6.下列各组共点力分别作用在一个物体上，有可能使物体达到平衡状态的是（）A.7N、5N、1NB.4N、8N、8NC.4N、10N、5ND.3N、4N、8N【答案】B【解析】解：A、7N和5N的合力范围为[2N，12N]，1N不在两个力的合力范围之内，则三个力的合力不可能为零，不能使物体处于平衡状态．故A错误．B、4N、8N的合力范围为[4N，12N]，8N在两个力的合力范围之内，则三个力的合力可能为零，能处于平衡状态．故B正确．C、4N、10N的合力范围为[6N，14N]，5N不在两个力的合力范围之内，则三个力的合力不可能为零，不能处于平衡状态．故C错误．D、3N、4N的合力范围为[1N，7N]，8N不在两个力的合力范围之内，则三个力的合力不能为零，不能使物体处于平衡状态．故D错误．故选：B．要使三力的合力为零，应保证任意两力之和可以大于等于第三力，任意两力之差小于等于第三力．判断三力能否平衡可以利用数学中三边组成平行三角形的方法，只要三边能组成三角形，则合力一定能为零．7.一个木箱放置在加速上升的电梯地板上，则（）A.木箱受到的重力就是木箱对电梯地板的压力B.木箱受到的支持力大于木箱对电梯地板的压力C.木箱受到的支持力与木箱受到的重力是一对平衡力D.木箱受到的支持力与木箱对电梯地板的压力是一对作用力与反作用力【答案】D【解析】解：A、加速上升的电梯地板上放置着一个木箱，木箱受到重力和支持力，木箱对地板有压力，压力和重力的施力物体不同，故不是同一个力，故A错误；B、电梯地板对木箱的支持力与木箱对电梯地板的压力是一对相互作用力，等值、反向、共线，故B错误；C、物体随着电梯加速上升，故合力向上，故支持力大于重力，不是一对平衡力，故C错误；D、电梯地板对木箱的支持力与木箱对电梯地板的压力是一对相互作用力，故D正确；故选：D．根据牛顿第三定律，作用力与反作用力等大、反向、共线，根据平衡条件，二力平衡的一对力，同体、等值、反向、共线．本题关键是对物体受力分析，然后根据牛顿第二定律并结合牛顿第三定律分析讨论．8.如图，在研究摩擦力的实验中，用弹簧测力计拉一个放在水平板上的木块，部分实验记录见表．则实验中木块受到的（）A.静摩擦力恒为0.60NB.静摩擦力可能大于0.60NC.滑动摩擦力为0.90ND.滑动摩擦力一定小于静摩擦力【答案】B【解析】解：A、当物块保持静止时，静摩擦力的大小随着拉力的变化而变化．故A错误．B、当拉力为0.60N时，物块处于静止，静摩擦力大小为0.60N，可知静摩擦力可能大于0.60N．故B正确．C、当弹簧拉力为0.50N时，物块做匀速直线运动，知滑动摩擦力等于0.50N．故C错误．D、滑动摩擦力不一定小于静摩擦力，比如用0.1N力拉物体，物体不动，静摩擦力为0.1N，则滑动摩擦力大于静摩擦力．故D错误．故选：B．当物块处于静止时，物块受静摩擦力，当物块运动时，受滑动摩擦力，根据匀速运动得出滑动摩擦力的大小，静摩擦力介于0和最大静摩擦力之间．解决本题的关键知道静摩擦力和滑动摩擦力的区别，根据共点力平衡求解静摩擦力的大小，知道匀速滑动时和加速滑动时滑动摩擦力大小相等．9.一物体运动的速度随时间变化的图象如图所示，下列判断正确的是（）A.0-6s内．物体离出发点最远为30mB.0-2s内的加速度小于5-6s内的加速度C.0-6s内，物体的平均速度为7.5m/sD.5-6s内，物体所受的合外力做负功【答案】B【解析】解：A、0～5s，物体沿正向运动，5～6s沿负向运动，故5s末离出发点最远，故A错误；B、在v-t图象中斜率代表加速度，则0-2s内的加速度，5-6s 内的加速度为，故0-2s内的加速度小于5-6s内的加速度，故B正确在0～6s内，物体经过的位移为x=×10m/s×2s+10m/s×2s+×10m/s×1s-×10m/s×1s=30m，平均速度，故C错误．D、在5～6s内，物体的速度为负值，加速度也为负值，做匀加速直线运动，合外力做正功，故D错误；故选：Bv-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负；平均速率等于路程除以时间．结合这些知识进行分析解答．本题考查了速度--时间图象的应用及做功正负的判断，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别，属于基础题．10.风能是一种绿色能源．如图所示，叶片在风力推动下转动，带动发电机发电，M、N为同一个叶片上的两点，下列判断正确的是（）A.M点的线速度小于N点的线速度B.M点的角速度小于N点的角速度C.M点的加速度大于N点的加速度D.M点的周期大于N点的周期【答案】A【解析】解：A、M、N两点的转动的角速度相等，则周期相等，根据v=rω知，M点转动的半径小，则M点的线速度小于N点的线速度．故A正确，B错误，D错误．C、根据a=rω2知，M、N的角速度相等，M点的转动半径小，则M点的加速度小于N 点的加速度．故C错误．故选：A．同一个叶片上的点转动的角速度大小相等，根据v=rω、a=rω2比较线速度和加速度的大小．解决本题的关键知道共轴转动的点角速度相等，考查传送带传到轮子边缘上的点线速度大小相等，知道线速度、角速度、向心加速度的关系．11.中国首架空客A380大型客机在最大载重量的状态下起飞需要滑跑距离约3000m，着陆距离大约为2000m．设起飞滑跑和着陆时都是做匀变速直线运动，起飞时速度是着陆时速度的1.5倍，则起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比为（）A.3：2B.1：1C.1：2D.2：1【答案】B【解析】解：设着陆的速度为v，则起飞的速度为1.5v，根据平均速度的推论知，起飞滑跑的时间，着陆滑跑的时间，代入数据解得：t1：t2=1：1．故选：B．根据位移关系，结合平均速度的推论，求出起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．12.如图所示，用细绳将一小球悬挂在光滑墙壁上，若增加细线的长度，小球仍处于静止状态，以下说法中正确的是（）A.细线的拉力变大B.墙的支持力变小C.墙的支持力与细线拉力的合力变小D.重力与细线拉力的合力变大【答案】B【解析】解：A、B、小球的受力如图所示．根据平衡条件得：T cosθ=GT sinθ=N则得：N=G tanθT=若增加细线的长度，θ减小，tanθ减小，cosθ增大，则得T和N均变小，即细线的拉力变小，墙壁对球的支持力变小．故A错误B正确；C、由图可知，墙的支持力与细线拉力的合力始终与重力大小相等方向相反，所以保持不变．故C错误；D、由图可知，重力与细线拉力的合力始终与墙对小球的支持力大小相等方向相反，所以是逐渐减小．故D错误．故选：B对球受力分析，根据共点力平衡得到绳子拉力和墙壁对球的弹力的表达式，再进行分析．本题根据平衡条件得到力的表达式，再分析其变化情况，是一种函数法，也可以采用图解法分析．13.一条轻绳跨过光滑的轻质定滑轮，绳的一端系一质量m=15kg的重物，重物静置于地面上，有一质量m ﹦l0kg的猴子，从绳子的另一端沿绳向上爬，如图所示，在重物不离开地面的条件下，猴子向上爬的最大加速度为（g=10m/s2）（）A.5m/s2B.l0m/s2C.15m/s2D.25m/s2【答案】A【解析】解：因为重物不离开地面，知绳子的最大拉力为：T=mg=150N，对猴子分析，根据牛顿第二定律得，猴子的最大加速度为：．故A正确，B、C、D错误．故选：A．根据重物不离开地面得出最大拉力的大小，对猴子分析，根据牛顿第二定律求出最大的加速度．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行分析，求出绳子的最大拉力是解决本题的关键．14.如图所示，取稍长的细杆，其一端固定一枚铁钉，另一端用羽毛做一个尾翼，做成A、B两只“飞镖”，将一软木板挂在竖直墙壁上，作为镖靶．某位同学在离墙壁一定距离的同一位置处，分别将它们水平掷出，两只“飞镖”插在靶上的状态如图所示（侧视图），不计空气阻力．则下列说法中正确的是（）A.A镖掷出时的初速度比B镖掷出时的初速度小B.A镖的质量比B镖的质量大C.B镖的运动时间比A镖的运动时间长D.B镖插入靶时的末速度一定比A镖插入靶时的末速度大【答案】C【解析】解：A、根据t=知，B下落的高度大，则B运动的时间长，两镖的水平位移相等，根据知，B镖的初速度小，A镖的初速度大，故A错误，C正确．B、平抛运动的时间、速度与质量无关，根据题意无法比较两飞镖的质量，故B错误．D、B镖运动到木板上时，竖直分速度大，但是水平分速度小，根据平行四边形定则知，B镖的末速度不一定大，故D错误．故选：C．根据高度比较飞镖运动的时间，结合水平位移和时间比较初速度．根据竖直分速度的大小，结合平行四边形定则比较末速度的大小．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．15.假设发射两颗探月卫星A和B，如图所示，其环月飞行距月球表面的高度分别为200km和100km．若环月运行均可视为匀速圆周运动，则（）A.B环月运行时向心加速度比A小B.B环月运行的速度比A小C.B环月运行的周期比A小D.B环月运行的角速度比A小【答案】C【解析】解：A、设卫星的质量为m、轨道半径为r、月球质量为M，嫦娥卫星绕月球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力得：=m=ma=m=mω2rA、向心加速度a=，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行时向心加速度比A大，故A错误；B、v=，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行的速度比A大，故B错误；C、周期T=2π，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行的周期比A小，故C正确；D、角速度ω=，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行的角速度比A大，故D错误；故选：C．卫星绕月球做圆周运动时，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律列方程，求出向心加速度、线速度、周期表达式，然后分析答题．本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出加速度、线速度、周期的表达式，再进行讨论．16.起重机沿竖直方向以大小不同的速度两次匀速吊起货物，所吊货物的质量相等．那么，关于起重机对货物的拉力和起重机的功率，下列说法正确的是（）A.拉力不等，功率相等B.拉力不等，功率不等C.拉力相等，功率相等D.拉力相等，功率不等【答案】D【解析】解：两次都做匀速匀速直线运动，故竖直方向上合力为零，即拉力等于重力，故两次拉力相等，功率P=F v=mgv，因速度不同，故功率不同，故D正确．故选：D．匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，功率P=mgv即可判断．当货物静止在空中、匀速竖直上升、匀速竖直下降时，起重机对货物的拉力都等于货物的重力．17.如图所示是某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置．当太阳光照射到小车上方的光电板时，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进．若电动机的额定输出功率为80W，在平直路面上行驶的最大速度为4m/s，则汽车在以最大速度匀速行驶时所受的阻力是（）A.16NB.40NC.80ND.20N【答案】D【解析】解：当牵引力等于阻力时，加速度为零，汽车速度最大，根据P=F v=fv得：f=故选：D当牵引力等于阻力时，速度最大，根据P=F v=fv即可求解．本题解题的关键是知道当牵引力等于阻力时，速度最大，难度不大，属于基础题．18.某个行星的半径是地球半径的一半，质量也是地球的一半，则它表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的（）A.倍B.倍C.4倍D.2倍【答案】D【解析】解：解：根据万有引力等于重力得：g=行星质量是地球质量的一半，半径也是地球的一半，所以此行星上的重力加速度是地球上的2倍，故D正确、ABC错误．故选：D．根据万有引力等于重力结合万有引力定律表示出重力加速度，根据行星和地球的质量、半径关系求解．求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行之比．19.在前人研究的基础上，有一位物理学家利用图所示的扭秤装置进行研究，提出真空中两个静止点电荷之间相互作用的规律，这位物理学家是（）A.牛顿B.伽利略C.库仑D.焦耳【答案】C【解析】解：库仑发现了电荷间作用力的规律故选：C本题是物理学史问题，根据牛顿、伽利略、库仑、焦耳等科学家的成就进行答题本题考查物理学史，是常识性，只要加强记忆，就能得分．可结合物理学家的成就、年代等进行记忆20.如图所示，磁场B方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F 的方向，其中正确的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：A、如图所示，由安培定则可知，安培力方向垂直于电流方向向上，故A错误；B、如图所示，由安培定则可知，电流方向与磁场方向平行，因此不受安培力作用，故B错误；C、如图所示，由安培定则可知，安培力方向竖直向下，故C正确；D、如图所示，由安培定则可知，安培力垂直于导线向外，故D错误．故选C．熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向．左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．判断通电导线的安培力方向，既要会用左手定则，又要符合安培力方向的特点：安培力方向既与电流方向垂直，又与磁场方向垂直．二、实验题探究题(本大题共2小题，共14.0分)21.某实验小组利用如图所示的实验装置来验证机械能守恒定律（1）要验证重物下落过程中符合机械能守恒，除了图示器材，以下实验器材必须要选取的有______ （填写字母代号）A．秒表B．刻度尺C．天平D．交流电源（2）为减少实验误差，下落物体应选用______ （选填“50g木块”或“200g重锤”）（3）在实际测量中，重物减少的重力势能通常会______ （选填“大于”、“等于”或“小于”）增加的动能．【答案】BD；200g重锤；大于【解析】解：（1）在该实验中，需测量物体下降的高度和物体的速度，所以纸带处理时需要刻度尺；还需要交流电源，供计时器工作；而比较重力功和动能变化的关系，两边都有质量，可以约去，不需要天平；同时不需要秒表，因打点计时器．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．（2）为了减小阻力的影响，重锤选择质量大，体积小的，即密度大的，所以选择质量为200g的重锤．（3）在实际的测量中，由于有摩擦作用，可知从O点到C的过程中重物减少的重力势能通常会大于增加的动能．故答案为：（1）BD；（2）200g的重锤；（3）大于．（1）明确实验原理和方法，知道因有打点计时器不需要秒表，因等式两边质量相互约去所以天平不需要，需要刻度尺测量长度，求得速度；需要交流电源，提供打点计时器工作；（2）探究外力做功与动能的关系时，需测量下降的高度，以及速度的大小．为了减小实验的误差，重锤选择质量大，体积小的．（3）分析实验原理，从而明确实验误差产生的原因．本题考查验证机械能守恒定律的实验，解决本题的关键知道实验的原理，以及掌握数据处理的方法，实验原理是数据处理方法和误差分析的基础．22.某实验小组利用图1的装置探究加速度与力、质量的关系，（1）下列做法正确的是______A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B、在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码盘通过定滑轮拴在木块上C、实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D、增减木块上的砝码改变木块的质量时，不需要重新调节木板倾斜度（2）为使砝码盘及盘内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码盘及盘内砝码的总质量______ 木块和木块上砝码的总质量．（填“远大于”，“远小于”，或“近似等于”）（3）某次实验，保持木块所受的合外力相同，测量不同质量的木块在相同的力作用下的加速度，根据实验数据描绘出a-m图象如图甲所示，由于这条曲线是不是双曲线并不容易确定，因此不能确定a与m成反比，紧接着该同学作了a-图象如图乙所示①根据a-图象是过坐标原点的直线，因此可判断出a与成______ 比，即a与m成反比；②根据图象可以得到物体受到的外力为______ N．【答案】AD；远小于；正；0.115【解析】解：（1）A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；B、在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂“重物”，故B错误；C、打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器，故C错误；D、平衡摩擦力后，有：mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ，与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度，故D正确；故选：AD；（2）由牛顿第二定律得，对系统：a=，对小车：T=M a==，只有当m＜＜M时，T≈mg，因此实验要控制：砝码盘及盘内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量．（3）①由图示图象可知，a-图象是过坐标原点的直线，由此可知，a与成正比，即a与m成反比；②由牛顿第二定律得：a=F，则a-图象的斜率：k=F=≈0.115N，即物体受到的外力为0.115N；故答案为：（1）AD；（2）远小于；（3）①正；②0.115．（1）实验要保证拉力等于小车受力的合力，要平衡摩擦力，细线与长木板平行；（2）砝码桶及桶内砝码加速下降，失重，拉力小于重力，加速度越大相差越大，故需减小加速度，即减小砝码桶及桶内砝码的总质量；（3）分析图示图象得出结论，应用牛顿第二定律求出图象的函数表达式，然后根据图示图象求出物体受到的外力．本题主要考察“验证牛顿第二定律”的实验，考查了实验注意事项、实验数据处理，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法．三、计算题(本大题共2小题，共26.0分)23.如图所示，一质量为m=60kg的探险者在丛林探险，为了从一绝壁到达水平地面，探险者将一根长为l=10m粗绳缠绕在粗壮树干上，拉住绳子的另一端，从绝壁边缘的A点由静止开始荡向低处，到达最低点B时脚恰好触到地面，此时探险者的重心离地面的高度为h B=0.5m．已知探险者在A点时重心离地面的高度为h A=8.5m．以地面为零势能面，不计空气阻力．（探险者可视为位于其重心处的一个质点，g=10m/s2）求：（1）探险者在A点时的重力势能；（2）探险者运动到B点时的速度大小；。

物理_2017年天津市和平区高考物理模拟试卷_复习

2017年天津市和平区高考物理模拟试卷一、选择题（共20小题，每小题3分，满分60分,在每题列出的四个选项中，制有一项是符合题目要求的）1. 物理学中引入“质点”概念，从科学方法说，是属于（）A 观察、实验的方法B 逻辑推理的方法C 类比的方法D 建立理想模型的方法2. 同学们到中国科技馆参观，看到了一个有趣的科学实验，如图所示，一辆小火车在平直轨道上匀速行驶，当火车将要从“∩”形框架的下方通过时，突然从火车顶部的小孔中向上弹出一小球，该小球越过框架后，又与通过框架的火车相遇，并恰好落回原来的孔中．下列说法中正确的是（）A 相对于地面，小球运动的轨迹是直线B 相对于火车，小球运动的轨迹是曲线 C 小球能落回小孔是因为小球在水平方向保持与火车相同的速度 D 小球能落回小孔是因为小球在空中运动的过程中受到水平向前的力3. 如图所示．脚盘在水平面内匀速转动，放在盘面上的一小物块随圆盘一起运动，关于小物块的受力情况，下列说法中正确的是（）A 只受重力和支持力B 受重力、支持力和压力C 受重力、支持力和摩擦力D 受重力、支持力、摩擦力和向心力4. 下列运动的物体中，机械能守恒的是（）A 加速上升的运载火箭B 被匀速吊起的集装箱C 光滑曲面上自由运动的物体 D 在粗糙水平面上运动的物体5. 下列关于惯性的说法正确的是（）A 汽车速度越大越难刹车，表明速度越大惯性越大B 两个物体只要质量相同，那么惯性一定相同C 乒乓球可快速改变运动状态，是因为乒乓球速度大D 宇宙飞船中的物体处于完全失重状态，所以没有惯性6. 下列各组共点力分别作用在一个物体上，有可能使物体达到平衡状态的是（）A 7N、5N、1NB 4N、8N、8NC 4N、10N、5ND 3N、4N、8N7. 一个木箱放置在加速上升的电梯地板上，则（）A 木箱受到的重力就是木箱对电梯地板的压力B 木箱受到的支持力大于木箱对电梯地板的压力C 木箱受到的支持力与木箱受到的重力是一对平衡力D 木箱受到的支持力与木箱对电梯地板的压力是一对作用力与反作用力8.如图所示，在研究摩擦力的实验中，用弹簧测力计拉—个放在水平板上的木块，部分实验记录如表所示．则实验中木块受到的（）A 静摩擦力恒为0.60NB 静摩擦力可能大于0.60NC 滑动摩擦力为0.90ND 滑动摩擦力一定小于静摩擦力9. 一物体运动的速度随时间变化的图像如图所示，下列判断正确的是（）A 0−6s内．物体离出发点最远为30mB 0−2s内的加速度小于5−6s内的加速度 C 0−6s内，物体的平均速度为7.5m/s D 5−6s内，物体所受的合外力做负功10. 风能是一种绿色能源．如图所示，叶片在风力推动下转动，带动发电机发电，M、N为同一个叶片上的两点，下列判断正确的是（）A M点的线速度小于N点的线速度B M点的角速度小于N点的角速度C M点的向心加速度大于N点的向心加速度D M点的周期大于N点的周期11. 中国首架空客A380大型客机在最大载重量的状态下起飞需要滑跑距离约3000m，着陆距离大约为2000m．设起飞滑跑和着陆时都是做匀变速直线运动，起飞时速度是着陆时速度的1.5倍，则起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比为（）A 3:2B 1:1C 1:2D 2:112. 如图所示，用细绳将一小球悬挂在光滑墙壁上，若增加细线的长度，小球仍处于静止状态，以下说法中正确的是（）A 细线的拉力变大B 墙的支持力变小C 墙的支持力与细线拉力的合力变小D 重力与细线拉力的合力变大13. 一条轻绳跨过光滑的轻质定滑轮，绳的一端系一质量m=15kg的重物，重物静置于地面上，有一质量m′=10kg的猴子，从绳子的另一端沿绳向上爬，如图所示，在重物不离开地面的条件下，猴子向上爬的最大加速度为(g=10m/s2) ( )A 5m/s2B 10m/s2C 15m/s2D 25m/s214. 如图所示，取稍长的细杆，其一端固定一枚铁钉，另一端用羽毛做一个尾翼，做成A 、B 两只“飞镖”，将一软木板挂在竖直墙壁上，作为镖靶．某位同学在离墙壁一定距离的同一位置处，分别将它们水平掷出，两只“飞镖”插在靶上的状态如图所示（侧视图），不计空气阻力．则下列说法中正确的是（）A A 镖掷出时的初速度比B 镖掷出时的初速度小 B A 镖的质量比B 镖的质量大C B 镖的运动时间比A 镖的运动时间长D B 镖插入靶时的末速度一定比A 镖插入靶时的末速度大15. 假设发射两颗探月卫星A 和B ，如图所示，其环月飞行距月球表面的高度分别为200km 和100km ．若环月运行均可视为匀速圆周运动，则（）A B 环月运行时向心加速度比A 小 B B 环月运行的速度比A 小 C B 环月运行的周期比A 小 D B 环月运行的角速度比A 小16. 起重机沿竖直方向以大小不同的速度两次匀速吊起货物，所吊货物的质量想等．那么，关于起重机对货物的拉力和起重机的功率，下列说法正确的是（）A 拉力不等，功率相等B 拉力不等，功率不等C 拉力相等，功率相等D 拉力相等，功率不等17. 如图所示是某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置．当太阳光照射到小车上方的光电板时，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进．若电动机的额定输出功率为80W ，在平直路面上行驶的最大速度为4m/s ，则汽车在以最大速度匀速行驶时所受的阻力是（）A 16NB 40NC 80ND 20N18. 某个行星的半径是地球半径的一半，质量也是地球的一半，则它表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的（）A 14倍B 12倍C 4倍D 2倍 19. 在前人研究的基础上，有一位物理学家利用图所示的扭秤装置进行研究，提出真空中两个静止点电荷之间相互作用的规律，这位物理学家是（）A 牛顿B 伽利略C 库仑D 焦耳20. 如图所示，磁场B 方向、通电直导线中电流I 的方向，以及通电直导线所受磁场力F 的方向，其中正确的是（）A B C D二、实验题（共2小题，满分14分）21. 某实验小组利用如图所示的实验装置来验证机械能守恒定律（1）要验证重物下落过程中符合机械能守恒，除了图示器材，以下实验器材必须要选取的有（）（填写字母代号）A 秒表B 刻度尺C 天平D 交流电源（2）为减少实验误差，下落物体应选用________（选填“50g木块”或“200g重锤”）（3）在实际测量中，重物减少的重力势能通常会________（选填“大于”、“等于”或“小于”）增加的动能．22. 某实验小组利用图1的装置探究加速度与力、质量的关系，（1）下列做法正确的是________A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B、在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码盘通过定滑轮拴在木块上C、实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D、增减木块上的砝码改变木块的质量时，不需要重新调节木板倾斜度（2）为使砝码盘及盘内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码盘及盘内砝码的总质量________木块和木块上砝码的总质量．（填“远大于”，“远小于”，或“近似等于”）（3）某次实验，保持木块所受的合外力相同，测量不同质量的木块在相同的力作用下的加速度，根据实验数据描绘出a−m图像如图甲所示，由于这条曲线是不是双曲线并不容易确定，因此不能确定a与m成反比，紧接着该同学作了a−1m图像如图乙所示①根据a−1m 图像是过坐标原点的直线，因此可判断出a与1m成________比，即a与m成反比；②根据图像可以得到物体受到的外力为________N．三、综合题（共2小题，满分26分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）23. 如图所示，一质量为m＝60kg的探险者在丛林探险，为了从一绝壁到达水平地面，探险者将一根长为l＝10m粗绳缠绕在粗壮树干上，拉住绳子的另一端，从绝壁边缘的A点由静止开始荡向低处，到达最低点B时脚恰好触到地面，此时探险者的重心离地面的高度为ℎB＝0.5m．已知探险者在A点时重心离地面的高度为ℎA＝8.5m．以地面为零势能面，不计空气阻力．（探险者可视为位于其重心处的一个质点，g＝10m/s2）求：（1）探险者在A点时的重力势能；（2）探险者运动到B点时的速度大小；（3）探险者运动到B点时，绳对他的拉力大小．24. 如图1所示，一质量为m的物块，从倾角θ=37∘的斜面上的A点静止下滑，A与斜面间动摩擦因数μ1=0.125，A到斜面底端B的长度x=2.5m．A通过一段很小的平滑曲面（速度大小不变）到达光滑的平台，平台距地面高度H=5m．与平台等高的水平传送带，水平段长l=6m，两皮带轮直径均为D=0.2m，物块与传送带间的动摩擦因数μ2=0.2，g= 10m/s2，(sin37∘=0.6, cos37∘=0.8)．求：（1）小物体滑到斜面底端B时的速度大小v1；（2）若传送带静止，求物块滑到C端后作平抛运动的水平距离s0；（3）当皮带轮匀速转动的角速度为ω时，物体作平抛运动的水平位移为s；若皮带轮以不同的角速度ω重复上述过程，便可得到一组相对应的(ω, s)值（设皮带轮顺时针转动时ω> 0，逆时针转动时ω<0），试在图2中画出s−ω的关系图像．2017年天津市和平区高考物理模拟试卷答案1. D2. C3. C4. C5. B6. B7. D8. B9. B10. A11. B12. B13. A14. C15. C16. D17. D18. D19. C20. C21. B,D200g重锤大于22. AD远小于正,0.11523. 探险者在A点时的重力势能为5100J；探险者运动到B点时的速度大小为4√10m/s．探险者运动到B点时，他对绳子的拉力大小是1560N24. 1)小物体滑到斜面底端B时的速度大小v1为5m/s；1m；（2）若传送带静止，求物块滑到C端后作平抛运动的水平距离s0为（3）图象如上图。

物理_2017年天津市某校高考物理一模试卷_复习

2017年天津市某校高考物理一模试卷一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，每小题6分，共30分）1. 下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B 变化的电场，能产生变化的磁场C 无线电波比太阳光更容易发生衍射D 氢原子核外电子轨道半径越小，其能量越高2. 物块A放置在与水平地面成30∘角倾斜的木板上时，刚好可以沿斜面匀速下滑；若该木板与水平面成60∘角倾斜，取g=10m/s2，则物块A沿此斜面下滑的加速度大小为（）A 5√3m/s2B 3√3m/s2C (5−√3)m/s2D 10√33m/s23. 图中B为理想变压器，接在交变电压有效值保持不变的电源上．指示灯L1和L2完全相同（其阻值均恒定不变），R是一个定值电阻，电压表、电流表都为理想电表．开始时开关S是闭合的，当S断开后，下列说法正确的是（）A 电流表A2的示数变大B 电流表A1的示数变小C 电压表的示数变大D 灯泡L1的亮度变暗4. 如图甲是某电场中的一条电场线，a、b是这条电场线上的两点，一负电荷只受电场力作用，沿电场线由a运动到b的过程中，电荷的v−t图像如图乙所示，关于a、b两点的电势φa、φb和电场强度E a、E b的关系，下列判断正确的是（）A E a<E bB E a>E bC φa<φbD φa>φb5. 质量为m的探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动．已知月球质量为M，月球半径为R，月球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑月球自转的影响，则下列关于该航天器的说法中错误的是（）A 线速度v=√GMR B 角速度ω=√gR C 运行周期T=2π√RgD 向心加速度a=GMR2二、不定项选择题（每小题中有多个正确选项，每小题6分，共18分）6. 在水下同一深度有两个不同颜色的点光源P、Q，在水面上P照亮的区域大于Q照亮的区域，以下说法正确的是（）A P点的频率大于Q光的频率B P光在水中的传播速度大于Q光在水中的传播速度 C P光恰能使某金属发生光电效应，则Q光也一定能使该金属发生光电效应 D 同一双缝干涉装置，P光条纹间距离小于Q光条纹间距7. 如图所示，实线是沿x轴传播的一列简谱横波在t=0时刻的波形图，虚线是这列波在t= 0.1s时刻的波形图．已知该波的波速是v=1.0m/s，则下列说法正确的是（）A 这列波的振幅为20cmB 这列波沿x轴正方向传播的C 在t=0.1s时，x=2cm处的质点P速度沿y轴负方向 D 经过0.18s，x=2cm处的质点P通过的路程为0.6m8. 如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平地面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹簧弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图像如图乙所示，则（）A t1时刻小球动能最大B t2时刻小球动能最大C t2∼t3这段时间内，小球的动能先增加后减少D t2∼t3这段时间内，小球增加的动能小于弹簧减少的弹性势能三、填空题和实验题（（2）的②2分，电路图4分，其余每空2分，共18分）9. 一个质量为m的木块静止在粗糙的水平面上，木块与水平面间的滑动摩擦力大小为2F0，某时刻开始受到如图所示的水平拉力的作用，则0到t0时间内，水平拉力做功为________，2t0时刻拉力的瞬时功率为________．10. 在追寻科学家研究足迹的过程中，某同学为探究恒力做功和物体动能变化间的关系，采用了如图(l)所示的“探究物体加速度与物体质量、受力之间关系”的实验装置．①实验时，该同学想用钩码的重力表示滑块受到的合力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为在实验中应该采取的两项措施是________和________；②如图(2)所示是实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是连续的六个计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，相邻计数点间距离已在图中标出，测出小车的质量为M，钩码的总质量为m．从打B点到打E点的过程中，为达到实验目的，该同学应该寻找________ 和________之间的数值关系（用题中和图中的物理量符号表示）．11. 有一段粗细均匀的导体，现要用实验的方法测定这种导体材料的电阻率，若已测得其长度和横截面积，还需要测出它的电阻值R x．（1）若已知这段导体的电阻约为30Ω，要尽量精确的测量其电阻值，除了需要导线、开关以外，在以下备选器材中应选用的是________．（只填写字母代号）A．电池（电动势14V、内阻可忽略不计）B．电流表（量程0∼0.6A，内阻约0.12Ω）C．电流表（量程0∼100m A，内阻约12Ω）D．电压表（量程0∼3V，内阻约3kΩ）E．电压表（量程0∼15V，内阻约15kΩ）F．滑动变阻器(0∼10Ω，允许最大电流2.0A)G．滑动变阻器(0∼500Ω，允许最大电流0.5A)（2）在图1方框中画出测这段导体电阻的实验电路图（要求直接测量的变化范围尽可能大一些）．（3）根据测量数据画出该导体的伏安特性曲线（U−I线）如图2所示，发现MN段明显向上弯曲．若实验的操作、读数、记录、描点和绘图等过程均正确无误，则出现这一弯曲现象的主要原因是________．四、计算题（共54分）12. 一质量为M B＝6kg的木板B静止于光滑水平面上，物块A质量M A＝6kg，停在B的左端，一质量为m＝1kg的小球用长为L＝0.8m的轻绳悬挂在固定点O上，将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A发生碰撞后反弹，A在B上滑动，恰好未从B右端滑出，在此过程中，木板获得的最大速度为0.5m/s，不计空气阻力，物块与小球可视为质点，g取10m/s2，求：（1）小球与物块A碰撞前瞬间轻绳上的拉力F的大小（2）A在B上滑动过程中，A、B组成的系统产生的内能Q（3）小球被反弹后上升的最大高度ℎ13. 如图所示，电阻可忽略的光滑平行金属导轨长S=1.15m，两导轨间距L=0.75m，导轨倾角为30∘，导轨上端ab接一阻值R=1.5Ω的电阻，磁感应强度B=0.8T的匀强磁场垂直轨道平面向上．阻值r=0.5Ω，质量m=0.2kg的金属棒与轨道垂直且接触良好，从轨道上端ab处由静止开始下滑至底端，在此过程中金属棒产生的焦耳热Q r=0.1J．（取g=10m/s2）求：（1）金属棒在此过程中克服安培力的功W安；（2）金属棒下滑速度v=2m/s时的加速度a；（3）为求金属棒下滑的最大速度v m，有同学解答如下：由动能定理，W−W安=12mv m2，⋯．由此所得结果是否正确？若正确，说明理由并完成本小题；若不正确，给出正确解答．14. 如图所示，在平面内，有一电子源持续不断地沿x正方向每秒发射出N个速率均为v的电子，形成宽为2b，在y轴方向均匀分布且关于x轴对称的电子流．电子流沿x方向射入一个半径为R，中心位于原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直xoy平面向里，电子经过磁场偏转后均从P点射出．在磁场区域的正下方有一对平行于x轴的金属平行板K和A，K板接地，A与K两板间加有正负、大小均可调的电压U AK，穿过K板小孔达到A板的电子被收集且导出，从而形成电流，已知b=√32R，电子质量为m，电荷量为e，忽略电子间相互作用．（1）磁感应强度B的大小；（2）电子流从P点射出时与y轴负方向的夹角θ的范围；（3）电子被收集形成最大电流I m；（4）调节A与K两级板间的电压刚好不能形成电流，此时可调的电压U AK大小．2017年天津市某校高考物理一模试卷答案1. C2. D3. B4. C5. B6. B,C7. B,D8. C,D9. 4F02t02m ,F02t0 m10. 保证钩码的总质量远小于滑块的质量,平衡摩擦力,mg(△x2+△x3+△x4),12M(△x4+△x52T)2−12M(△x1+△x22T)211. （1）ABEF；（2）电路图如图所示；（3）伴随导体中的电流增大，温度升高，电阻率增大，电阻增大．12. 小球与物块A碰撞前瞬间轻绳上的拉力F的大小为30N；A在B上滑动过程中，A、B组成的系统产生的内能Q为1.5J；小球被反弹后上升的最大高度ℎ为0.2m。

【精编】2017年天津市十二区县重点高中联考高考物理一模试卷与解析

2017年天津市十二区县重点高中联考高考物理一模试卷一、选择题（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（6分）下列说法正确的是（）A．均匀变化的电场可以产生电磁波B．β射线是核外电子挣脱核的束缚后形成的C．U经过8次α衰变，6次β衰变后变成PbD．卢瑟福用α粒子轰击氮核的实验发现了质子，从而证明了原子的核式结构2．（6分）在水平面上，一辆遥控玩具汽车由静止开始做匀加速直线运动，当速度达到v=2m/s时，立即关闭电机直到车停止，车的v﹣t图象如图所示．设汽车所受阻力f大小不变，在加速和减速过程中汽车克服阻力做功分别为W1和W2，电机提供的牵引力F做功为W．下列说法正确的是（）A．W=W1+W2B．F=3fC．W1=W2D．汽车全程的平均速度大小为1.5 m/s3．（6分）如图所示，水平面上的P、Q两物块的接触面水平，二者叠在一起在作用于Q上的水平恒定拉力F的作用下向右做匀速运动，某时刻撤去力F后，二者仍能不发生相对滑动．关于撤去F前后Q的受力个数的说法正确的是（）A．撤去F前6个，撤去F后瞬间5个B．撤去F前5个，撤去F后瞬间4个C．撤去F前5个，撤去F后瞬间5个D．撤去F前4个，撤去F后瞬间4个4．（6分）某理想自耦变压器接入电路中的示意图如图甲所示，图乙是其输入电压u的变化规律．已知滑动触头在图示位置时原、副线圈的匝数比为n1：n2=10：1，电阻R=22Ω．下列说法正确的是（）A．通过R的交流电的频率为100 HzB．电流表A2的示数为AC．此时变压器的输入功率为22 WD．将P沿逆时针方向移动一些，电流表A1的示数变小5．（6分）一列简谐横波沿x轴传播，t=1.2s时的波形如图所示，此时质点P在波峰，Q在平衡位置且向负方向运动，再过0.6s质点Q第一次到达波峰．下列说法正确的是（）A．波速大小为10 m/sB．1.0 s时质点Q的位移为+0.2 mC．质点P的振动位移随时间变化的表达式为y=0.2sin（2.5πt+）mD．任意0.2 s内质点Q的路程均为0.2 m二、选择题（每小题6分，共18分．每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）6．（6分）某原子的部分能级图如图所示，大量处于某激发态的该原子向低能级跃迁时，发出三种波长的光如图所示，它们的波长分别为λa、λb、λc．下列说法正确的是（）A．在同种均匀介质中传播时，b光的速度最大B．用同一套装置做双缝干涉实验，a光相邻亮纹的间距最大C．若b光照射某种金属能发生光电效应，c光照射该金属也能发生光电效应D．三种光的波长关系为=7．（6分）一行星绕某恒星做匀速圆周运动．由天文观测可得，恒星的半径为R，行星运行周期为T，线速度大小为v，引力常量为G．下列说法正确的是（）A．恒星的质量为B．恒星的第一宇宙速度为C．行星的轨道半径为D．行星的向心加速度为8．（6分）如图所示，在通过等量异号点电荷的直线上有a、b两点，二者位置关于负电荷对称，两电荷连线的中垂线上有c、d两点．一带电粒子（重力不计）以垂直连线的初速度自a点向上入射，初速度大小为v1时，沿轨迹1到达c点；初速度大小为v2时，沿轨迹2到达d点．下列说法正确的是（）A．四个点中a点电场强度最大B．四个点中d点的电势最低C．粒子到达连线中垂线的速度大小v c＞v dD．粒子置于a点时的电势能小于置于b点时的电势能三、非选择9．（4分）如图所示，一匝数为n的螺线管线圈的两个端点通过导线与一竖直放置的平行板电容器的两极板相连，螺线管线圈处于沿轴线向右的匀强磁场中，电容器两板之间用轻绝缘丝线悬挂一质量为m，电量为q的带电小球．当磁感应强度均匀增大时，丝线与竖直方向维持一个向左的偏角θ不变．已知螺线管横截面积为S，极板间距为d，重力加速度为g．则小球带（填“正”或“负”）电；磁感应强度的变化率为．10．（7分）某实验小组用如图1所示的实验装置做“探究合外力对小车做的功与小车动能变化的关系”实验，在实验中，该小组同学把砂和砂桶的总重力当作小车受到的合外力．①为了保证实验结果的误差尽量小，在实验操作中，下面做法必要的是；A．实验操作时要先释放小车，后接通电源B．在利用纸带进行数据处理时，所选的两个研究点离得越近越好C．在实验过程中要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的总质量D．实验前对装置进行平衡摩擦力的操作时，需要在细线一端挂上空的砂桶②图2所示为实验中打出的一条纸带，现选取纸带中的A、B两点来探究合力对小车做的功与其动能变化的关系．已知打点计时器的打点周期为T，重力加速度为g．图中已经标明了要测量的计时点的间距，另外，小车的总质量为M，砂和砂桶的总质量为m．请把要探究的结果用题中给出的字母表达出来；③逐渐增加砂子的质量，多次实验后发现砂和砂桶的总重力做的功总是略小于小车动能的增加量，请写出产生这一结果的一种可能的原因：．11．（7分）某同学要测量由三节相同的干电池串联组成的电池组的电动势E和内电阻r，实验室提供的器材除了开关、导线外，还有：A．待测电池组B．电流表A（量程0～500mA，内阻等于5Ω）C．电压表V1（量程0～3V，内阻等于3kΩ）D．电压表V2（量程0～15V，内阻等于15kΩ）E．定值电阻R1=9kΩF．定值电阻R2=2kΩG．滑动变阻器R L1（0～50Ω）H．滑动变阻器R L2（0～1kΩ）要求测量结果尽量准确、能测量多组数椐且滑动变阻器调节方便．该同学设计的测量电路如图甲所示．①电路中的电压表V应选择；定值电阻R应选择；滑动变阻器R L应选择；（填各元件前的字母代码）②该同学在实验中测出多组电流表A和电压表V的示数，根据记录数据作出的U ﹣I图象如图乙所示，根据图象可求得：待测电池组的电动势E=V；内阻r=Ω．（结果保留两位有效数字）12．（16分）如图所示，光滑水平轨道的右端与一半径为R=0.5m的半圆形的光滑竖直轨道相切，A、B两小滑块间用一轻细绳锁定住一压缩的轻弹簧，一起沿水平面以v0=4m/s的速度向右运动，A、B的质量分别为m A=0.1kg，m B=0.2kg．某时刻细绳突然断裂，B与弹簧分离后才进入半圆轨道，恰好能通过半圆轨道的最高点，重力加速度g取10m/s2．求：（1）刚与弹簧分离时B的速度；（2）轻绳未断时，弹簧的弹性势能．13．（18分）如图所示，一等腰直角三角形OMN的腰长为2L，P点为ON的中点，三角形PMN内存在着垂直于纸面向里的匀强磁场Ⅰ（磁感应强度大小未知），一粒子源置于P点，可以射出垂直于ON向上的不同速率、不同种类的带正电的粒子．不计粒子的重力和粒子之间的相互作用．（1）求线段PN上有粒子击中区域的长度s；（2）若三角形区域OMN的外部存在着垂直于纸面向外的匀强磁场Ⅱ，磁感应强度大小为B；三角形OMP区域内存在着水平向左的匀强电场．某粒子从P点射出后经时间t恰好沿水平向左方向穿过MN进入磁场Ⅱ，然后从M点射出磁场Ⅱ进入电场，又在电场力作用下通过P点．求该粒子的荷质比以及电场的电场强度大小．14．（20分）直线电机是一种利用电磁驱动原理工作的电动机械，我们可以利用以下简单的模型粗浅地理解其工作原理．如图所示，一半径为r、电阻为R的细铜环质量为m，置于水平桌面（图中未画出该桌面）的圆孔上（孔径等于环内径）．另有一表面光滑的圆柱形磁棒（半径远大于绕制铜环的导线横截面的半径）竖直穿过圆孔和环，恰与孔、环不接触．磁棒产生的磁场方向沿半径方向向外，在环处的磁感应强度大小为B，磁棒下端足够长，重力加速度为g．（1）若棒由静止开始竖直向上运动，其速度v与位移x的关系为v=kx（k为已知常量），当棒速度为v a时环恰好对桌面压力为零，求v a大小和此过程中环上产生的焦耳热Q；（2）若棒以速度v b（v b＞v a）竖直向上匀速运动，环离开桌面后经时间t达到最大速度，求此时间内环上升的高度h大小；（3）如果保持材料和半径都不变，仅将绕制铜环的铜线加粗一些，试分析说明第（2）问中铜环增加的动能如何变化．2017年天津市十二区县重点高中联考高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（6分）下列说法正确的是（）A．均匀变化的电场可以产生电磁波B．β射线是核外电子挣脱核的束缚后形成的C．U经过8次α衰变，6次β衰变后变成PbD．卢瑟福用α粒子轰击氮核的实验发现了质子，从而证明了原子的核式结构【解答】解：A、均匀变化的电场不能产生电磁波，周期性变化的电场才能产生电磁波．故A错误；B、β衰变中产生的β射线是原子核中的中子释放出的电子形成的，故B错误；C、U发生了8次α衰变和6次β衰变，根据质量数和电荷数守恒有：m=238﹣8×4=206，z=92﹣8×2+6×1=82，即生成Pb．故C正确；D、卢瑟福的原子结构模型很好的解释了α粒子散射实验，故D错误；故选：C2．（6分）在水平面上，一辆遥控玩具汽车由静止开始做匀加速直线运动，当速度达到v=2m/s时，立即关闭电机直到车停止，车的v﹣t图象如图所示．设汽车所受阻力f大小不变，在加速和减速过程中汽车克服阻力做功分别为W1和W2，电机提供的牵引力F做功为W．下列说法正确的是（）A．W=W1+W2C．W1=W2D．汽车全程的平均速度大小为1.5 m/s【解答】解：A、在整个过程中，根据能量的转化和守恒可知，电动机的牵引力F的功等于汽车在加速和减速过程中汽车克服阻力做功W1和W2的和，即为：W=W1+W2，故A正确．B、在该过程中，汽车的初末速度都为零，由图可知，牵引力F作用的时间为1s，摩擦力f作用的时间为4s，由动量定理有：F×1﹣f×4=0，解得：F=4f，故B错误．C、在整个过程中，摩擦力的大小没有变化，由图可知，前后两段时间之比为1：3，所以前后两段时间内的位移之比为1：3，即为3W1=W2，故C错误．D、由图象可知，汽车全程的平均速度大小为==1 m/s，故D错误．故选：A3．（6分）如图所示，水平面上的P、Q两物块的接触面水平，二者叠在一起在作用于Q上的水平恒定拉力F的作用下向右做匀速运动，某时刻撤去力F后，二者仍能不发生相对滑动．关于撤去F前后Q的受力个数的说法正确的是（）A．撤去F前6个，撤去F后瞬间5个B．撤去F前5个，撤去F后瞬间4个C．撤去F前5个，撤去F后瞬间5个D．撤去F前4个，撤去F后瞬间4个【解答】解：撤去F前，整体做匀速运动，故Q受地面的摩擦力与F平衡，而P 水平方向不受外力，故P不受Q的摩擦力，故Q受重力、支持力、压力、拉力和地面的摩擦力共5个力作用；撤去拉力F后，由于整体做减速运动，故PQ间存在摩擦力，因此Q受重力、支持力、压力、地面的摩擦力以及PQ间的摩擦力共5个力作用，故C正确，ABD 错误．4．（6分）某理想自耦变压器接入电路中的示意图如图甲所示，图乙是其输入电压u的变化规律．已知滑动触头在图示位置时原、副线圈的匝数比为n1：n2=10：1，电阻R=22Ω．下列说法正确的是（）A．通过R的交流电的频率为100 HzB．电流表A2的示数为AC．此时变压器的输入功率为22 WD．将P沿逆时针方向移动一些，电流表A1的示数变小【解答】解：A、由图乙可知，该交流电的周期为T=0.02s，其频率为：f==Hz=50Hz，故A错误B、有图得知输入电压的最大值为U m=220V，所以有效值为：U=220V，则副线圈两端的电压为U′=U×=220×=22V，所以通过电阻的电流（即为电流表A2的示数）为：I===1A，故B错误C、变压器的输出功率为：P′=U′I=22×1=22W，理想变压器的输入功率等于输出功率，所以有P=P′=22W，故C正确．D、将P沿逆时针方向移动一些，变压器的副线圈匝数变大，输出电压变大，输出功率变大，所以输入功率也变大，故电流表A1的示数将变大，故D错误．故选：C5．（6分）一列简谐横波沿x轴传播，t=1.2s时的波形如图所示，此时质点P在波峰，Q在平衡位置且向负方向运动，再过0.6s质点Q第一次到达波峰．下列说法正确的是（）A．波速大小为10 m/sB．1.0 s时质点Q的位移为+0.2 mC．质点P的振动位移随时间变化的表达式为y=0.2sin（2.5πt+）mD．任意0.2 s内质点Q的路程均为0.2 m【解答】解：A、Q在平衡位置且向负方向运动，可得知波向左传播，再过0.6s 质点Q第一次到达波峰，需要的时间为：t=0.6s=T，得：T=0.8s，由图可知波长为：λ=24m，所以波速为：v===30m/s，故A错误．B、从1.0s到1.2s经历的时间为0.2s，因周期为0.8s，即经过了个周期的时间，所以Q点在1.0 s时处于波峰位置，位移为+0.2 m，故B周期．C、ω===2.5rad/s，t=1.2s时，质点P在波峰，从0到1.2s，经过了一个半周期，根据波的平移可知，0时刻P点在波谷位置，所以质点P的振动位移随时间变化的表达式应为y=0.2sin（2.5πt+π）m，故C错误．D、因Q点在其平衡位置附近的运动是周期性的变速运动，只有从Q点在平衡位置或波峰及波谷位置开始计时，在0.2s（四分之一个周期）内路程才为0.2m（一个振幅），故D错误，故选：B二、选择题（每小题6分，共18分．每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）6．（6分）某原子的部分能级图如图所示，大量处于某激发态的该原子向低能级跃迁时，发出三种波长的光如图所示，它们的波长分别为λa、λb、λc．下列说法正确的是（）A．在同种均匀介质中传播时，b光的速度最大B．用同一套装置做双缝干涉实验，a光相邻亮纹的间距最大C．若b光照射某种金属能发生光电效应，c光照射该金属也能发生光电效应D．三种光的波长关系为=【解答】解：A、因为E m﹣E n=hv，那么E a＞E C＞E b，依据E=hγ，可知，γa＞γc＞γb，从而确a光的频率最高，b光的频率最低，再由，当在同种均匀介质中传播时，b光的速度最大，故A正确；B、由上可知，结合=，因此λa＜λc＜λb，用同一套装置做双缝干涉实验，再由干涉条纹间距公式，a光相邻亮纹的间距最小，故B错误；C、用波长为λb的光照射某金属时恰好能发生光电效应，根据能级图可知，γc＜γb，则波长为λc的光照射该金属时一定能发生光电效应，故C正确；D、因为E m﹣E n=hv，知E a=E b+E C，所以+=得：，故D错误；故选：AC．7．（6分）一行星绕某恒星做匀速圆周运动．由天文观测可得，恒星的半径为R，行星运行周期为T，线速度大小为v，引力常量为G．下列说法正确的是（）A．恒星的质量为B．恒星的第一宇宙速度为C．行星的轨道半径为D．行星的向心加速度为【解答】解：C、根据，得行星的轨道半径，故C错误；A、根据万有引力提供向心力，有解得：=，故A错误；B、根据第一宇宙速度的计算公式：=，故B正确；D、行星的向心加速度==，故D正确；故选：BD8．（6分）如图所示，在通过等量异号点电荷的直线上有a、b两点，二者位置关于负电荷对称，两电荷连线的中垂线上有c、d两点．一带电粒子（重力不计）以垂直连线的初速度自a点向上入射，初速度大小为v1时，沿轨迹1到达c点；初速度大小为v2时，沿轨迹2到达d点．下列说法正确的是（）A．四个点中a点电场强度最大B．四个点中d点的电势最低C．粒子到达连线中垂线的速度大小v c＞v dD．粒子置于a点时的电势能小于置于b点时的电势能【解答】解：A、结合该题图以及等量异种电荷的电场的分布（如图1所示）可知．在中垂线上的cd两点中，c点的电场强度要大，但是小于O点的电场强度，由电场的叠加可知a点的电场强度要比B点的大，同时A点的要比O点的大，所以四个点中a点电场强度最大．故A正确B、根据电势的分布，可知cd及O点在同一等势面上，电势相等，但是高于a 点的电势，四个点中d点不是电势最低的点，故B错误C，在竖直方向上，沿轨迹2的位移要大些，所以v2＞v1，从a到c和从a到d 电场力做的正功相同，所以会有v c＜v d，故C错误．D、因a、b两点的位置关于负电荷对称，结合该题图以及等量异种电荷的电势分别图（如图2所示），可知a点的电势高于b点的电势；粒子从a点射出后向正电荷靠拢，得知粒子带负电，所以粒子置于a点时的电势能小于置于b点时的电势能，故D正确．故选：AD三、非选择9．（4分）如图所示，一匝数为n的螺线管线圈的两个端点通过导线与一竖直放置的平行板电容器的两极板相连，螺线管线圈处于沿轴线向右的匀强磁场中，电容器两板之间用轻绝缘丝线悬挂一质量为m，电量为q的带电小球．当磁感应强度均匀增大时，丝线与竖直方向维持一个向左的偏角θ不变．已知螺线管横截面积为S，极板间距为d，重力加速度为g．则小球带负（填“正”或“负”）电；磁感应强度的变化率为．【解答】解：穿过线圈的磁场方向向右，当磁感应强度均匀增大时，根据楞次定律可知线圈中产生的感应电动势使左边的极板带正电，小球向左偏，所以小球带负电．对小球进行受力分析，受竖直向下的重力mg、水平向左的电场力qE和绳子的拉力T，如图所示，有：qE=mgtanθ…①产生的感应电动势为：ɛ=n S…②两极板间的电场强度为：E=…③联立①②③得：=故答案为：负，10．（7分）某实验小组用如图1所示的实验装置做“探究合外力对小车做的功与小车动能变化的关系”实验，在实验中，该小组同学把砂和砂桶的总重力当作小车受到的合外力．①为了保证实验结果的误差尽量小，在实验操作中，下面做法必要的是C；A．实验操作时要先释放小车，后接通电源B．在利用纸带进行数据处理时，所选的两个研究点离得越近越好C．在实验过程中要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的总质量D．实验前对装置进行平衡摩擦力的操作时，需要在细线一端挂上空的砂桶②图2所示为实验中打出的一条纸带，现选取纸带中的A、B两点来探究合力对小车做的功与其动能变化的关系．已知打点计时器的打点周期为T，重力加速度为g．图中已经标明了要测量的计时点的间距，另外，小车的总质量为M，砂和砂桶的总质量为m．请把要探究的结果用题中给出的字母表达出来mgx=；③逐渐增加砂子的质量，多次实验后发现砂和砂桶的总重力做的功总是略小于小车动能的增加量，请写出产生这一结果的一种可能的原因：平衡摩擦力时木板倾角过大．【解答】解：①A、实验操作时要先接通电源，后释放小车，故A错误B、在利用纸带进行数据处理时，为了使数据准确，所选的两个研究点离得适当的远一些，故B错误C、为了使绳子的拉力近似等于砂和砂桶的重力，所以在实验过程中要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的总质量，故C正确D、平衡摩擦力是使小车的重力沿木板向下的分力等于小车受到的摩擦力，实验前对装置进行平衡摩擦力的操作时，不能在细线一端挂上空的砂桶，故D错误．故选：C②打击A点时，小车的速度为：v A=…①打击B点时，小车的速度为：v B=…②绳子对小车的拉力为mg，对小车由动能定理有：mgx=﹣…③联立①②③解得：mgx=③砂和砂桶的总重力做的功总是略小于小车动能的增加量，说明小车的重力做的功大于摩擦力对小车所做的功，即为重力沿木板的分量大于小车受到的摩擦力，也就说平衡摩擦力时木板倾角过大．故答案为：①C；②mgx=；③平衡摩擦力时木板倾角过大11．（7分）某同学要测量由三节相同的干电池串联组成的电池组的电动势E和内电阻r，实验室提供的器材除了开关、导线外，还有：A．待测电池组B．电流表A（量程0～500mA，内阻等于5Ω）C．电压表V1（量程0～3V，内阻等于3kΩ）D．电压表V2（量程0～15V，内阻等于15kΩ）E．定值电阻R1=9kΩF．定值电阻R2=2kΩG．滑动变阻器R L1（0～50Ω）H．滑动变阻器R L2（0～1kΩ）要求测量结果尽量准确、能测量多组数椐且滑动变阻器调节方便．该同学设计的测量电路如图甲所示．①电路中的电压表V应选择C；定值电阻R应选择F；滑动变阻器R L应选择G；（填各元件前的字母代码）②该同学在实验中测出多组电流表A和电压表V的示数，根据记录数据作出的U ﹣I图象如图乙所示，根据图象可求得：待测电池组的电动势E= 4.0V；内阻r=12.5Ω．（结果保留两位有效数字）【解答】解：（1）三节干电池的电动势约为4.5V，如果采用15V的电压表进行测量误差太大，故应采用3V量程的C与定阻电阻串联，根据改装原理可知，改装后电压表量程应大于4.5V，故应与R2串联，串联后电压表的量程为5V，符合题意；故定值电阻选择F；因电源内阻较小，故为了便于调节，滑动变阻器应选择总阻值较小的G；（2）根据改装原理可知，=E﹣Ir则可知U=E﹣Ir则可知，E=2.4r=解得：E=4.0V；r=12.5Ω故答案为：（1）C；F；G；（2）4.0；12.5．12．（16分）如图所示，光滑水平轨道的右端与一半径为R=0.5m的半圆形的光滑竖直轨道相切，A、B两小滑块间用一轻细绳锁定住一压缩的轻弹簧，一起沿水平面以v0=4m/s的速度向右运动，A、B的质量分别为m A=0.1kg，m B=0.2kg．某时刻细绳突然断裂，B与弹簧分离后才进入半圆轨道，恰好能通过半圆轨道的最高点，重力加速度g取10m/s2．求：（1）刚与弹簧分离时B的速度；（2）轻绳未断时，弹簧的弹性势能．【解答】解：（1）滑块B恰好能通过圆形轨道的最高点，则有mg=m滑块B从轨道的最低点运动到最高点的过程中机械能守恒，则有：m B v B2=2m B gR+m B v2．联立解得：v B=5m/s即刚与弹簧分离时B的速度是5m/s．（2）细绳突然断裂，弹簧将两个滑块弹开的过程，以A、B球的初速度方向为正方向，根据动量守恒定律得：（m A+v B）v0=m A v A+m B v B根据机械能守恒得：=m A v A2+m B v B2+E p．解得：E p=0.3J．答：（1）刚与弹簧分离时B的速度为5m/s；（2）轻绳未断时，弹簧的弹性势能是0.3J．13．（18分）如图所示，一等腰直角三角形OMN的腰长为2L，P点为ON的中点，三角形PMN内存在着垂直于纸面向里的匀强磁场Ⅰ（磁感应强度大小未知），一粒子源置于P点，可以射出垂直于ON向上的不同速率、不同种类的带正电的粒子．不计粒子的重力和粒子之间的相互作用．（1）求线段PN上有粒子击中区域的长度s；（2）若三角形区域OMN的外部存在着垂直于纸面向外的匀强磁场Ⅱ，磁感应强度大小为B；三角形OMP区域内存在着水平向左的匀强电场．某粒子从P点射出后经时间t恰好沿水平向左方向穿过MN进入磁场Ⅱ，然后从M点射出磁场Ⅱ进入电场，又在电场力作用下通过P点．求该粒子的荷质比以及电场的电场强度大小．【解答】解：（1）粒子打在PN上离P最远时，轨道恰好与MN相切，根据几何关系作出粒子运动图象有：由图象根据几何关系有：可得临界运动时粒子半径：R=粒子击中范围：s=2R1==（2）由题意作出粒子运动轨迹，由几何关系得：R2+R2tan45°=L得到粒子在PNM中圆周运动的轨道半径设粒子的速度大小为v，则可知粒子在PNM中运动的时间：t=则可得粒子速度v==粒子在磁场II中在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，根据图示几何关系可得：根据洛伦兹力提供向心力有：则解得粒子的比荷：=粒子从M进入电场后做类平抛运动，即在水平方向做初速度为o的匀加速直线运动，竖直方向做匀速直线运动，故有：竖直方向有：2L=vt可得类平抛运动时间t=水平方向有：L==由此解得，电场强度E==答：（1）线段PN上有粒子击中区域的长度s=；（2）该粒子的荷质比为以及电场的电场强度大小为．14．（20分）直线电机是一种利用电磁驱动原理工作的电动机械，我们可以利用以下简单的模型粗浅地理解其工作原理．如图所示，一半径为r、电阻为R的细铜环质量为m，置于水平桌面（图中未画出该桌面）的圆孔上（孔径等于环内径）．另有一表面光滑的圆柱形磁棒（半径远大于绕制铜环的导线横截面的半径）竖直穿过圆孔和环，恰与孔、环不接触．磁棒产生的磁场方向沿半径方向向外，。

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2017 年天津市十二区县重点校高考第一次模拟考试物理试卷及答案

2017年天津市十二区县重点学校高三毕业班联考（一）理科综合能力测试物理部分一、选择题（每小题6分，共30分。

每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的） 1．下列说法正确的是A ．天然放射现象说明原子具有核式结构B ．20个U 23892原子核经过一个半衰期后，还有10个未发生衰变C ．一群处于3n =能级的氢原子向低能级跃迁，最多可释放出3种频率的光子D ．238234492902U Th He →+是核裂变反应方程2．我国发射“神州九号”飞船与“天宫一号”实现空中对接，对接前分别在如图所示的圆形轨道上做匀速圆周运动。

则A ．“神舟九号”加速度较大B ．“神舟九号”速度较小C ．“神舟九号”周期较长D ．“神舟九号”速度大于第一宇宙速度3．“蛟龙号”深潜器在某次实验中下潜的速度-时间图像如图所示，则A ．深潜器运动的最大加速度是2.0 m/s 2--B ．下潜的最大深度为360mC ．在38min 内的平均速度大小为0.8m/sD ．深潜器在6-8min 内处于失重状态4．如图所示，a 、b 两束不同频率的单色细光束，以不同的入射角从空气斜射入玻璃三棱镜中，出射光恰好合为一束。

则A ．在同种介质中b 光的速度较大B ．两束光从同种玻璃射向空气时，b 光发生全反射的临界角较大C ．用同一装置进行双缝干涉实验，a 光的条纹间距较大D ．用a 、b 两束光分别照射甲、乙两种金属均能发生光电效应，光电子的最大初动能相同，金属甲的逸出功较大 5．高空“蹦极”是勇敢者的游戏。

蹦极运动员将弹性长绳（质量忽略不计）的一端系在双脚上，另一端固定在高处的跳台上，运动员无初速地从跳台上落下。

若不计空气阻力，则 A ．弹性绳开始伸直时，运动员的速度最大 B ．从弹性绳开始伸直到最低点的过程中，运动员的重力势能与弹性绳的弹性势能之和不断增大C ．整个下落过程中，重力对运动员的冲量与弹性绳弹力对运动员的冲量相同D ．整个下落过程中，重力对运动员所做的功等于运动员克服弹性绳弹力所做的功二、选择题（每小题6分，共18分。

2017年天津市高考物理试卷(真题详细解析)

【最新经典文档】2017年天津市和平区高考物理一模试卷(解析版)

D．汤姆孙发现电子从而提出了原子的核式结构模型
2．（6 分）如图所示， OO'是半圆柱形玻璃体的对称面和纸面的交线， A、B 是关
于 OO'轴等距离且平行的两束不同单色细光束，从玻璃射出后相交于 OO′以方的
P 点，由此可以得出的结论是（
）
A．在同种玻璃中传播， A 光的传播速度一定大于 B 光
B．分别照射同一光电管，若 B 光能引起光电效应， A 光一定也能
根据公式 v=gt 计算
（ 4）某同学在纸带上选取计数点后，测量它们到起始点 O 的距离 h，并计算出打相应计数点时重锤的速度 v，通过描绘 v2﹣h 图象去研究机械能是否守恒．若
实验中重锤所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不变，从理论上分析，合理的
v2﹣ h 图象是图 3 中的哪一个
．
11．（7 分）某同学设计了如图所示的电路测电源电动势 E及电阻 R1 和 R2 的阻值．实
电场中，电场方向与正方形的某一条边平行，一质量为 m、带电量为 q 的小球由
AC边的中点，以垂直于该边的水平初速度 υ0 进入该正方形区域，当小球再次运
动到该正方形区域的边缘时，具有的动能可能为（
）
A． mv02+ qEL B． mv02+ qEL C． mv02+ qEL D． mv02﹣ qEL
一、单项选择题（每小题 6 分，共 30 分．每小题给出的四个选项中，只有一个
是正确的．
1．（6 分）下列说法正确的是（
）
A．卢瑟福用 α粒子轰击 N 获得反冲核 O 发现了质子
B．普朗克通过对光电效应现象的分析提出了光子说 C．玻尔通过对天然放射现象的研究提出氢原子能级理论 D．汤姆孙发现电子从而提出了原子的核式结构模型【解答】解： A、卢瑟福用 α粒子轰击 N 获得反冲核

2017年天津市高考物理试卷(真题详细解析)

2017年天津市高考物理试卷一、选择题（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（6分）我国自主研发制造的国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献．下列核反应方程中属于聚变反应的是（）A．→B．→C．D．+2．（6ABC．aD．若a3．（6与两导轨A．abC．ab4．（6透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动．下列叙述正确的是（）A．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B．在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力C．摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零D．摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变5．（6分）手持较长软绳端点O以周期T在竖直方向上做简谐运动，带动绳上的其他质点振动形成简谐波沿绳水平传播，示意如图．绳上有另一质点P，且O、P的平衡位置间距为L．t=0时，O位于最高点，P的位移恰好为零，速度方向竖直向上，下列判断正确的是（）A．该简谐波是纵波B．该简谐波的最大波长为2LC．t=时，P在平衡位置上方D．t=时，P的速度方向竖直向上二、全6．（6A．t=0B．t=1sC．D7．（6AB是，电势能分别为EAB．若aAC．无论D．B8．（6服的衣架钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态．如果只人为改变一个条件，当衣架静止时，下列说法正确的是（）A．绳的右端上移到b′，绳子拉力不变B．将杆N向右移一些，绳子拉力变大C．绳的两端高度差越小，绳子拉力越小D．若换挂质量更大的衣服，则衣服架悬挂点右移三、解答题（共6小题，满分72分）9．（4分）我国自主研制的首艘货运飞船“天舟一号”发射升空后，与已经在轨运行的“天宫二号”成功对接形成组合体．假设组合体在距地面高度为h的圆形轨道上绕地球做匀速圆周运动，已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，且不考虑地球自转的影响．则组合体运动的线速度大小为，向心加速度大小为．10．（4分）如图所示，打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置验证机械能守恒定律。

天津市和平区耀华中学2017-2018学年高考物理一模试卷 Word版含解析

2017-2018学年天津市和平区耀华中学高考物理一模试卷一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，每小题6分，共30分）1．有关原子及原子核方面的知识，下列说法正确的是（）A．放射性物质衰变时放出来的γ光子，是原子从高能级向低能级跃迁时产生的B．若使放射性物质的温度升高，其半衰期将减小C．β衰变所释放的电子是原子核内的质子转变为中子时所产生的D．轻核聚变要在很高的温度下才能发生2．如图所示，“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上．不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，下列说法正确的是（）A．A的速度比B的大B．A与B的向心加速度大小相等C．悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D．悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小3．双星系统由两颗恒星组成，两恒星在相互引力的作用下，分别围绕其连线上的某一点做周期相同的匀速圆周运动．研究发现，双星系统演化过程中，两星的总质量、距离和周期均可能发生变化．若某双星系统中两星做圆周运动的周期为T，经过一段时间演化后，两星总质量变为原来的k倍，两星之间的距离变为原来的n倍，则此时圆周运动的周期为（）A．T B．T C．T D．T4．a、b两种单色光组成的光束从介质进入空气时，其折射光束如图所示．用a、b两束光（）A．先后照射双缝干涉实验装置，在缝后屏上都能出现干涉条纹，由此确定光是横波B．先后照射某金属，a光照射时恰能逸出光电子，b光照射时也能逸出光电子C．从同一介质以相同方向射向空气，其界面为平面，若b光不能进入空气，则a光也不能进入空气D．从同一介质以相同方向射向空气，其界面为平面，a光的反射角比b光的反射角大5．图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1：n2=5：1，电阻R=20Ω，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀双掷开关．原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图所示．现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光．下列说法正确的是（）A．输入电压u的表达式u=20sin（50π）VB．只断开S2后，L1、L2均正常发光C．若S1换接到2后，R消耗的电功率为2WD．只断开S2后，原线圈的输入功率减小二、多项选择题（每小题有多个正确选项，每小题6分，共18分）6．如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置、时间（x﹣t）图线．由图可知（）A．在时刻t1，a车追上b车B．在时刻t2，a、b两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，b车的速率先减小后增大D．在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大7．如图为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t时刻的波形图及传播的距离，已知该波的周期为T，a、b、c、d为沿波传播方向上的四个质点，下列判断正确的是（）A．在t+时刻，c质点的速度达到最大B．从t时刻起，质点b比质点a先回到平衡位置C．在t+1T时刻，d质点的速度向上且达到最大D．从t时刻起，在一个周期内，a、b、c三个质点所通过的路程均为一个波长8．如图所示，在粗糙水平面上固定一点电荷Q，在M点无初速释放一带有恒定电量的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止，则从M点运动到N点的过程中（）A．小物块所受电场力逐渐减小B．小物块具有的电势能逐渐减小C．M 点的电势一定高于N点的电势D．小物块电势能变化量的绝对值一定等于克服摩擦力做的功三、填空题和实验题（以下每空2分，总共18分）9．两小球处于同一高度，M为A球中心初始时在水平地面上的垂直投影．用小锤打击弹性金属片，使A球沿水平方向飞出，同时松开B球，B球自由下落．A球落到地面N点处，B 球落到地面P点处．测得mA=0.04kg，mB=0.05kg，B球距地面的高度是1.25m，M、N点间的距离为 1.50m，则B球落到P点的时间是s，A球落地时的动能是J．（忽略空气阻力，g取10m/s2）10．某同学利用单摆去测定当地的重力加速度：①该同学用游标卡尺测量单摆小球的直径和用秒表测量单摆的周期，如图1所示小球的直径是mm；如图2，小球完成N次全振动的总时间是s．②该同学在正确测量单摆摆线长L、小球直径d和单摆周期T后，利用公式g=经多次测量计算出的重力加速度数值总小于当地的真实值，请问造成这种结果的原因是．11．某同学用欧姆表“×10”挡粗测某电阻阻值时发现指针偏角很大，接近满偏．为了精确地测量该电阻的阻值，除了被测电阻外，还有如下供选择的实验器材：直流电源：电动势约3.0V，内阻很小；电流表A：量程0﹣0.6A﹣3A，内阻较小；电压表V：量程0﹣3V﹣15V，内阻较大；滑动变阻器R1：最大阻值10Ω滑动变阻器R2：最大阻值50Ω；开关、导线等．测量所得数据如下表所示：①在可供选择的器材中，应该选用的滑动变阻器是．②根据所选的器材，画出实验电路图，并把实物电路图补充完整．③该实验方法测出的电阻数值真实值．（填“大于”、“小于”或“等于”）四、计算题（共54分）12．如图所示，小车的质量为M=3kg，车的上表面左端为光滑圆弧BC，右端为水平粗糙平面AB，二者相切于B点，AB的长为L=4m，一质量为m=1kg的小物块，放在车的最右端，小物块与车之间的动摩擦因数为μ=0.10．车和小物块一起以v0=4m/s的速度在光滑水平面上匀速向左运动，小车撞墙后瞬间速度变为零，但未与墙粘连．g取10m/s2，求：（1）小物块沿圆弧上升的最大高度为多少？（2）小物块从最高点返回后与车的速度相同时，小物块距B端多远．13．如图所示，两根足够长且平行的光滑金属导轨与水平面成53°夹角固定放置，导轨间连接一阻值为6Ω的电阻R，导轨电阻忽略不计．在两平行虚线m、n间有一与导轨所在平面垂直、磁感应强度为B的匀强磁场．导体棒a的质量为ma=0.4kg，电阻Ra=3Ω；导体棒b 的质量为mb=0.1kg，电阻Rb=6Ω；它们分别垂直导轨放置并始终与导轨接触良好．a、b从开始相距L0=0.5m处同时由静止开始释放，运动过程中它们都能匀速穿过磁场区域，当b 刚穿出磁场时，a正好进入磁场（g取10m/s2，不计a、b之间电流的相互作用）．求：（1）在穿越磁场的过程中，a、b两导体棒匀速运动的速度大小之比（2）磁场区域沿导轨方向的宽度d（3）在整个过程中，产生的总焦耳热．14．如图所示，在xoy坐标系坐标原点O处有一点状的放射源，它向xoy平面内的x轴上方各个方向发射α粒子，α粒子的速度大小均为v0，在0＜y＜d的区域内分布有指向y轴正方向的匀强电场，场强大小为，其中q与m分别为α粒子的电量和质量；在d＜y＜2d的区域内分布有垂直于xoy平面向里的匀强磁场，mn为电场和磁场的边界．ab为一块很大的平面感光板垂直于xoy平面且平行于x轴，放置于y=2d处，如图所示．观察发现此时恰好无粒子打到ab板上．（不考虑α粒子的重力及粒子间的相互作用），求：（1）α粒子通过电场和磁场边界mn时的速度大小及距y轴的最大距离；（2）磁感应强度B的大小；（3）将ab板至少向下平移多大距离才能使所有的粒子均能打到板上？此时ab板上被α粒子打中的区域的长度．2015年天津市和平区耀华中学高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，每小题6分，共30分）1．有关原子及原子核方面的知识，下列说法正确的是（）A．放射性物质衰变时放出来的γ光子，是原子从高能级向低能级跃迁时产生的B．若使放射性物质的温度升高，其半衰期将减小C．β衰变所释放的电子是原子核内的质子转变为中子时所产生的D．轻核聚变要在很高的温度下才能发生考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度；轻核的聚变．专题：衰变和半衰期专题．分析：放射性物质衰变时放出来的γ光子，来自原子核；放射性物质的半衰期与温度无关；β衰变所释放的电子来自原子核，是原子核内的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来；轻核聚变要在很高的温度下才能发生．解答：解：A、放射性物质衰变时放出来的γ光子，来自原子核；故A错误．B、放射性物质的半衰期由原子核内部因素决定，与温度以及化学状态等无关．故B错误．C、β衰变所释放的电子来自原子核，是原子核内的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来．故C错误．D、轻核聚变需在很高的温度下发生，会释放出更高的能量，所以轻核聚变又称为热核反应．故D正确．故选D．点评：解决本题的关键掌握衰变的实质，以及知道影响半衰期的因素．2．如图所示，“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上．不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，下列说法正确的是（）A．A的速度比B的大B．A与B的向心加速度大小相等C．悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D．悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小考点：向心力；线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：AB两个座椅具有相同的角速度，分别代入速度、加速度、向心力的表达式，即可求解．解答：解：AB两个座椅具有相同的角速度．A：根据公式：v=ω•r，A的运动半径小，A的速度就小．故A错误；B：根据公式：a=ω2r，A的运动半径小，A的向心加速度就小，故B错误；C：如图，对任一座椅，受力如图，由绳子的拉力与重力的合力提供向心力，则得：mgtanθ=mω2r，则得tanθ=，A的半径r较小，ω相等，可知A与竖直方向夹角θ较小，故C错误．D：A的向心加速度就小，A的向心力就小，A对缆绳的拉力就小，故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键知道A、B的角速度大小相等，知道线速度、角速度、向心加速度、向心力之间的关系，并能灵活运用．3．双星系统由两颗恒星组成，两恒星在相互引力的作用下，分别围绕其连线上的某一点做周期相同的匀速圆周运动．研究发现，双星系统演化过程中，两星的总质量、距离和周期均可能发生变化．若某双星系统中两星做圆周运动的周期为T，经过一段时间演化后，两星总质量变为原来的k倍，两星之间的距离变为原来的n倍，则此时圆周运动的周期为（）A．T B．T C．T D．T考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，根据牛顿第二定律和向心力公式，分别对两星进行列式，即可来求解．解答：解：设m1的轨道半径为R1，m2的轨道半径为R2．两星之间的距离为L．由于它们之间的距离恒定，因此双星在空间的绕向一定相同，同时角速度和周期也都相同．由向心力公式可得：对m1：G=m1…①对m2：G=m2…②又因为R1+R2=L，m1+m2=M由①②式可得：T=2π所以当两星总质量变为KM，两星之间的距离变为原来的n倍，圆周运动的周期为T′=2π=T，故ACD错误，B正确．故选：B．点评：解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，能运用万有引力提供向心力进行解题．4．a、b两种单色光组成的光束从介质进入空气时，其折射光束如图所示．用a、b两束光（）A．先后照射双缝干涉实验装置，在缝后屏上都能出现干涉条纹，由此确定光是横波B．先后照射某金属，a光照射时恰能逸出光电子，b光照射时也能逸出光电子C．从同一介质以相同方向射向空气，其界面为平面，若b光不能进入空气，则a光也不能进入空气D．从同一介质以相同方向射向空气，其界面为平面，a光的反射角比b光的反射角大考点：光的折射定律．专题：实验题；光的折射专题．分析：由折射率的定义，可确定光路中a的折射率大，光的折射率越大，其频率越大；光的干涉实验获得的条纹与光的频率和双缝与屏距离都有关；光电效应现象中光子能量E=hv，其中v即光的频率，；折射率或频率越大的光，发生全反射时的入射角越小；光的反射定律为反射角始终等于入射角．解答：解：题由折射率的定义，可确定光路中a的折射率大，光的折射率越大，其频率越大；A、只要是波都能发生干涉，要确定光是横波应该用光的偏振实验，故A错误B、由爱因斯坦的光电效应方程E=hv，光子能量与光的频率成正比，故Ea＞Eb，故a恰能打出光子时，b一定不能打出光子，故B错误C、折射率或频率越大的光，发生全反射时的入射角越小，发生全反射时入射角θa＜θb，故b发生全反射时，a一定发生全反射，故C正确D、光的反射定律为反射角始终等于入射角，故D错误．故选：C点评：本题考查了光的折射率公式、光的双缝干涉实验、光电效应原理、光的反射定律、光的全反射现象以及光的折射率与频率、波长的关系，是一个综合性很强的题目，难度适中5．图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1：n2=5：1，电阻R=20Ω，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀双掷开关．原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图所示．现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光．下列说法正确的是（）A．输入电压u的表达式u=20sin（50π）VB．只断开S2后，L1、L2均正常发光C．若S1换接到2后，R消耗的电功率为2WD．只断开S2后，原线圈的输入功率减小考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论解答：解：A、由图象可知，输入电压u的表达式u=20sin（100πt）V；故A错误；B、L1、L2为规格相同的两只小灯泡，只断开S2后，小灯泡L1与L2为串联关系，不能正常发光，故B错误；C、若S1换接到2后，R消耗的电功率为P===1.25 W，故C错误；D、只断开S2后，电流变小，原线圈的输入功率减小，故D正确；故选：D点评：本题考查学生对交流电、理想变压器及电路相关知识的理解和应用能力．同时注意功率公式的正确选择和应用．二、多项选择题（每小题有多个正确选项，每小题6分，共18分）6．如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置、时间（x﹣t）图线．由图可知（）A．在时刻t1，a车追上b车B．在时刻t2，a、b两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，b车的速率先减小后增大D．在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移时间关系图线反映位移随时间的变化规律，图线的斜率表示速度的大小．解答：解：A、在时刻t1，a、b两车的位置坐标相同，开始a的位移大于b的位移，知b 从后面追上a．故A错误．B、在时刻t2，a的位移增大，b的位移减小，知两车运动方向相反．故B正确．C、图线切线的斜率表示速度，在t1到t2这段时间内，b车图线斜率先减小后增大，则b 车的速率先减小后增加．故C正确．D、在t1到t2这段时间内，b图线的斜率不是一直大于a图线的斜率，所以b车的速率不是一直比a车大．故D错误．故选：BC．点评：解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示速度的大小，能够通过图线得出运动的方向．7．如图为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t时刻的波形图及传播的距离，已知该波的周期为T，a、b、c、d为沿波传播方向上的四个质点，下列判断正确的是（）A．在t+时刻，c质点的速度达到最大B．从t时刻起，质点b比质点a先回到平衡位置C．在t+1T时刻，d质点的速度向上且达到最大D．从t时刻起，在一个周期内，a、b、c三个质点所通过的路程均为一个波长考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：经过半个周期，质点的位移大小相等，方向相反，分析在t+时刻c质点的速度．在一个周期内质点通过的路程是四个振幅．根据经过整数倍周期，振动图象重合，分析在t+2T 时刻d质点的加速度情况．根据波的传播方向判断出质点的振动方向，分析b、a哪点先回到平衡位置．解答：解：A、t时刻质点C在波谷，所以在t+时刻，c质点到达波峰，速度为零．故A 错误．B、波沿x轴正方向传播，此时刻b、a的振动方向都向上，所以从t时刻起，质点b比质点a先回到平衡位置．故B正确．C、波沿x轴正方向传播，由图可知，该波的波长是1.0m，x=0.5m处的质点正经过平衡位置在向上运动，该质点的振动传播到d点的时间：所以在t+1T时刻，d质点的速度向上且达到最大．故C正确．D、从t时刻起，在一个周期内，a、b、c、d四个质点所通过的路程均四个振幅，不是一个波长．故D错误．故选：BC点评：本题考查了根据波的传播方向判断质点振动方向、分析波动形成的过程等知识，对于波动过程中质点速度、加速度大小的分析，可根据时间确定出质点的位置判断．8．如图所示，在粗糙水平面上固定一点电荷Q，在M点无初速释放一带有恒定电量的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止，则从M点运动到N点的过程中（）A．小物块所受电场力逐渐减小B．小物块具有的电势能逐渐减小C．M 点的电势一定高于N点的电势D．小物块电势能变化量的绝对值一定等于克服摩擦力做的功考点：电势；功能关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解决本题需要正确利用库仑定律判断库仑力大小的变化；根据电场力做功判断电势能的变化；掌握如何判断电势的高低；正确利用功能关系分析物体功能的变化．解答：解：A、由于物块离电荷越来越远，根据F=k可知小物块所受电场力越来越小，故A正确；B、由于小物块由静止开始运动，因此一定受到库仑斥力作用，所以电场力对其做正功，电势能减小，故B正确；C、因电性不知，故不可判断电势的高低，故C错误．D、由于小物块始末动能都为零，因此动能没有变化，根据动能定理可知电场力所做正功和克服摩擦力做功相等，故D正确．故选：ABD．点评：本题考察知识点较多，有一定的综合性，平时要注意概念的理解，如电势高低判断，电势能变化和电场力做功关系，功能关系的应用等三、填空题和实验题（以下每空2分，总共18分）9．两小球处于同一高度，M为A球中心初始时在水平地面上的垂直投影．用小锤打击弹性金属片，使A球沿水平方向飞出，同时松开B球，B球自由下落．A球落到地面N点处，B 球落到地面P点处．测得mA=0.04kg，mB=0.05kg，B球距地面的高度是1.25m，M、N点间的距离为1.50m，则B球落到P点的时间是0.5s，A球落地时的动能是0.68J．（忽略空气阻力，g取10m/s2）考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题．分析：A球沿水平方向抛出做平抛运动，同时B球被松开，自由下落做自由落体运动，发现每次两球都同时落地，只能说明平抛竖直方向的分运动是自由落体运动．解答：解：B球自由下落做自由落体运动，所以B球落到P点的时间t==0.5sA球沿水平方向抛出做平抛运动，M、N点间的距离为1.50m，所以平抛的初速度v0==3m/s所以A球落地时的速度v==m/s所以A球落地时的动能Ek=mv2=0.68J故答案为：0.5；0.68．点评：本题考查分析推理的能力．本实验采用对比的方法来研究平抛运动水平方向的分运动情况．掌握自由落体和平抛运动的规律．10．某同学利用单摆去测定当地的重力加速度：①该同学用游标卡尺测量单摆小球的直径和用秒表测量单摆的周期，如图1所示小球的直径是10.50mm；如图2，小球完成N次全振动的总时间是100.6s．②该同学在正确测量单摆摆线长L、小球直径d和单摆周期T后，利用公式g=经多次测量计算出的重力加速度数值总小于当地的真实值，请问造成这种结果的原因是小球重心位于球心之下．考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题；单摆问题．分析：①游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；秒表分针与秒针的示数之和是秒表示数．②应用单摆周期公式求出重力加速度的表达式，然后分析实验误差原因．解答：解：①由图示游标卡尺可知，其示数为：10mm+10×0.05mm=10.50mm，由图示秒表可知，其示数为：1min+40.6s=60s+40.6s=100.6s；②由单摆周期公式：T=2π，解得：g==，重力加速度数值总小于当地的真实值，由g=可知，（L+）偏小，准确测出L与d，则小球重心不在小球的球心处，小球重心位于球心之下；故答案为：①10.50；100.6；②小球重心位于球心之下．点评：本题考查了游标卡尺、秒表读数、实验误差分析，要掌握常用器材的使用及读数方法，应用单摆周期公式即可正确解题．11．某同学用欧姆表“×10”挡粗测某电阻阻值时发现指针偏角很大，接近满偏．为了精确地测量该电阻的阻值，除了被测电阻外，还有如下供选择的实验器材：直流电源：电动势约3.0V，内阻很小；电流表A：量程0﹣0.6A﹣3A，内阻较小；电压表V：量程0﹣3V﹣15V，内阻较大；滑动变阻器R1：最大阻值10Ω滑动变阻器R2：最大阻值50Ω；开关、导线等．测量所得数据如下表所示：①在可供选择的器材中，应该选用的滑动变阻器是R1．②根据所选的器材，画出实验电路图，并把实物电路图补充完整．③该实验方法测出的电阻数值小于真实值．（填“大于”、“小于”或“等于”）考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：①根据题意明确待测电阻的大小，根据实验要求确定滑动变阻器；②根据实验原理确定电路的接法，从而确定原理图，再根据实物图的连接要求确定实物图；③根据实验原理及欧姆定律分析实验误差．解答：解：①由题意可知，用欧姆表“×10”挡粗测某电阻阻值时发现指针偏角很大，接近满偏，说明电阻阻值很小，故滑动变阻器只能用小电阻R1②实验中没有特别要求，且滑动变阻器可以起到保护作用，故采用限流接法，由于待测电阻较小，故应采用电流表外接法；原理图如图所示；连接实物图如图所示；③由于电压表的分流使实际电流小于测量电流，而电压值是准确的，故测量出的电阻值小于真实值；故答案为：①R1；②如图所示；③小于；点评：本题考查伏安法测电阻的方法，要注意明确在限流接法能满足要求的情况下，应选用限流接法，其优点在于耗能少，控制简单．四、计算题（共54分）12．如图所示，小车的质量为M=3kg，车的上表面左端为光滑圆弧BC，右端为水平粗糙平面AB，二者相切于B点，AB的长为L=4m，一质量为m=1kg的小物块，放在车的最右端，小物块与车之间的动摩擦因数为μ=0.10．车和小物块一起以v0=4m/s的速度在光滑水平面上匀速向左运动，小车撞墙后瞬间速度变为零，但未与墙粘连．g取10m/s2，求：（1）小物块沿圆弧上升的最大高度为多少？（2）小物块从最高点返回后与车的速度相同时，小物块距B端多远．考点：动量守恒定律；动能定理．专题：动量定理应用专题．分析：（1）应用能量守恒定律可以求出物块上升的最大高度；（2）物体从最高点到达B点过程中，应用动能定理可以求出物体到达B点的速度，然后应用动量守恒与能量守恒可以求出物块离B端的距离．解答：解：（1）小物块从开始到上升到最高点的过程中，由能量守恒定律得：，解得：h=0.4m；（2）物块从开始返回B点过程，由动能定理得：﹣μmgL=mv12﹣mv02，解得：v1=2m/s，物块从B向右滑行过程中，由动量守恒定律得：mv1=（M+m）v2，解得v2=m/s，由能量守恒定律得：mv12﹣（M+m）v22=μmgL1，解得：L1=3m．答：（1）小物块沿圆弧上升的最大高度为0.4m．（2）小物块从最高点返回后与车的速度相同时，小物块距B端3m．点评：分析清楚物体的运动过程、应用能量守恒定律、动能定理、动量守恒定律即可正确解题．13．如图所示，两根足够长且平行的光滑金属导轨与水平面成53°夹角固定放置，导轨间连接一阻值为6Ω的电阻R，导轨电阻忽略不计．在两平行虚线m、n间有一与导轨所在平面垂直、磁感应强度为B的匀强磁场．导体棒a的质量为ma=0.4kg，电阻Ra=3Ω；导体棒b 的质量为mb=0.1kg，电阻Rb=6Ω；它们分别垂直导轨放置并始终与导轨接触良好．a、b从开始相距L0=0.5m处同时由静止开始释放，运动过程中它们都能匀速穿过磁场区域，当b 刚穿出磁场时，a正好进入磁场（g取10m/s2，不计a、b之间电流的相互作用）．求：（1）在穿越磁场的过程中，a、b两导体棒匀速运动的速度大小之比（2）磁场区域沿导轨方向的宽度d（3）在整个过程中，产生的总焦耳热．。

高三物理第一次质量调查和平一模,含解析

天津市和平区高三物理第一次质量调查（和平一模，含解析）温馨提示：理科综合共300分，考试用时l50分钟。

物理试卷分为第I卷和第Ⅱ卷两部分，共120分。

祝各位考生考试顺利!第I卷注意事项：本卷共8题，每题6分，共48分。

l-5题每题列出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。

6-8题每题给出的四个选项中，有多个选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错或不答的得0分，请将答案填写在答题卡l—8题的位置上。

1．下列关下物理史实及物理现象的说法中正确的是A．双缝干涉图样的中央亮条纹宽而亮，两边亮条纹窄而暗B．汤姆生在用α粒子轰击金箔的实验中发现了质子，提出原子核式结构学说C．查德威克在用α粒子轰击被核的实验中发现了正电子D．用紫光照射某金属能发生光电效应，那么用紫外线照射该金属也一定能发生光电效应【答案】D【解析】双缝干涉图样的条纹宽度相等，各相邻条纹等间距，亮度基本相同，故A错误；汤姆生利用阴极射线管发现了电子，提出了原子的枣糕模型，卢瑟福通过α粒子轰击金箔的实验提出原子核式结构学说，选项B错误；查德威克在用α粒子轰击被核的实验中发现了中子，正电子是安德森发现的，选项C错误；紫外线的频率大于紫光的频率，由爱因斯坦光电效应方程可知，只要照射光的频率大于金属的极限频率，就一定能发生光电效应现象，选项D正确。

2．以下几种典型电场的电场线中，a、b两点电场强度和电势均相等的是【答案】B【解析】图A是点电荷形成的电场，a、b两点电势相等，电场强度大小相等、方向不同；图B是等量异种电荷的电场，a、b两点电场强度和电势均相等；图C是等量同种电荷的电场，a、b两点电势相等，电场强度大小相等、方向相反；图D是匀强电场，a、b两点肠腔相等，电势不同。

本题选B。

3．如图所示，一个边长L、三边电阻相同的正三角形金属框放置在磁感应强度为B的匀强磁场中。

若通以图示方向的电流(从A点流入，从C点流出)，电流强度I，则金属框受到的磁场力为A．0B．ILBC．43ILBD．2ILB【答案】B【解析】本题考查对基本概念的理解。

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2017年天津市和平区高考物理一模试卷一、单项选择题（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的．1．（6分）下列说法正确的是（）A．卢瑟福用α粒子轰击N获得反冲核O发现了质子B．普朗克通过对光电效应现象的分析提出了光子说C．玻尔通过对天然放射现象的研究提出氢原子能级理论D．汤姆孙发现电子从而提出了原子的核式结构模型2．（6分）如图所示，OO'是半圆柱形玻璃体的对称面和纸面的交线，A、B是关于OO'轴等距离且平行的两束不同单色细光束，从玻璃射出后相交于OO′以方的P点，由此可以得出的结论是（）A．在同种玻璃中传播，A光的传播速度一定大于B光B．分别照射同一光电管，若B光能引起光电效应，A光一定也能C．以相同角度斜射到同一玻璃板透过平行表面后，B光侧移量大D．以相同的入射角从水中射入空气，在空气中只能有到﹣种光时，一定是A光3．（6分）如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x=﹣0.2cm和x=1.2m处，两列波的速度大小均为v=0.4m/s，两波放的振辐均为A=2cm．图示为t=0时刻两列波的图象（传播方向如图所示），该时刻平衡位置位于x=0.2m和x=0.8cm的P、Q两质点刚开始振动，另有一质点M，平衡位置处于x=0.5m处．关于各质点运动情况的判断正确的是（）A．两波源的起振方向均为y轴正方向B．t=o时刻质点P、Q均沿y轴正方向运动C．t=0.75s时刻，质点P、Q都运动到x=0.5m处D．t=1s时刻，质点M的位移为﹣4cm4．（6分）如图甲所示电路中，L1、L2、L3为三只“6V，3W”的灯泡，变压器为理想变压器．各电表均为理想电表，当ab端接如图乙所示的交变电压时，三只灯泡均正常发光．下列说法中正确的是（）A．变压器原副线圈的匝数比为1：2B．副线圈两端输出的交流电频率为50HzC．电流表的示数为0.5AD．电压表的示数为18V5．（6分）如图所示，一绝缘细线0a下端系一轻质带正电的小球a （重力不计），地面上固定一光滑的绝缘1/4圆弧管道AB，圆心与a球位置重合，一质量为m、带负电的小球b从A点由静止释放，小球a由于受到绝缘细线的拉力而静止，其中细线O'a水平，Oa悬线与竖直方向的夹角为θ，当小球b沿圆弧管道运动到a 球正下方B点时对管道壁恰好无压力，在此过程中（a、b两球均可视为点电荷）（）A．b球所受的库仑力大小为2mgB．b球的机械能逐渐减小C．水平细线的拉力先增大后减小D．悬线Oa的拉力先增大后减小二、多项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6．（6分）航天器关闭动力系统后沿如图所示的椭圆轨道绕地球运动，A、B分别是轨迹上的近地点和远地点，A位于地球表面近．若航天器所受阻力不计，以下说法正确是（）A．航天器运动到A点时的速度等于第一宇宙速度B．航天器由A运动到B的过程中万有引力做负功C．航天器由A运动到B的过程中机械能不变D．航天器在A点的加速度小于在B点的加速度7．（6分）几个水球可以挡住一颗子弹？（国家地理频道）的实验结果是：四个水球足够！完全相同的水球紧挨在﹣起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，恰好能穿出第4个水球，则可以判断的是（）A．子弹在每个水球中的速度变化相同B．子弹在每个水球中运动的时间不同C．每个水球对子弹的冲量不同D．子弹在毎个水球中的动能变化相同8．（6分）光滑水平面上有一边长为L的正方形区域ABCD处在场强为E的匀场电场中，电场方向与正方形的某一条边平行，一质量为m、带电量为q的小球由AC边的中点，以垂直于该边的水平初速度υ0进入该正方形区域，当小球再次运动到该正方形区域的边缘时，具有的动能可能为（）A．mv02+qEL B．mv02+qEL C．mv02+qEL D．mv02﹣qEL三、实验题（共3小题，满分18分）9．（4分）如图，轻弹簧的两端分别连接A、B两物块，置于光滑的水平面上，初始时，A紧靠墙壁，弹簧处于压缩状态且被锁定．已知A、B的质量分别为m1=2kg、m2=1kg，初始时弹簧的弹性势能E P=4.5J，现解除对弹簧的缩定，则从解除锁定到A离开墙壁的过程中，弹簧对B的冲量的大小为I=Ns，此后弹簧的最大弹性势能为E p'=J．10．（7分）利用如图1所示的装置做“验证机械能守恒定律”的实验．（1）除打点计时器（含纸带、复写纸）、交流电源、铁架台、导线及开关外，在下面的器材中，必须使用的还有．（选填器材前的字母）A．大小合适的铁质重锤B．体积较大的木质重锤C．刻度尺D．游标卡尺E．秒表（2）如图2是实验中得到的一条纸带．在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O（速度为零）的距离分别为h A、h B、h C．重锤质量用m 表示，已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T．从打下O点到打下B点的过程中，重锤重力势能的减少量△E p=，动能的增加量△E k=．（3）在实验过程中，下列实验操作和数据处理正确的是A．释放重锤前，使重锤尽量远离打点计时器B．做实验时，先接通打点计时器的电源，再释放重锤C．为测量打点计时器打下某点时重锤的速度v，可测量该点到O点的距离h，再根据公式v=计算D．为测量打点计时器打下某点时重锤的速度v，可测量该点到O点的时间t，再根据公式v=gt计算（4）某同学在纸带上选取计数点后，测量它们到起始点O的距离h，并计算出打相应计数点时重锤的速度v，通过描绘v2﹣h图象去研究机械能是否守恒．若实验中重锤所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不变，从理论上分析，合理的v2﹣h图象是图3中的哪一个．11．（7分）某同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2的阻值．实验器材有：待测电源E（不计内阻）待测电阻R1，定值电阻R2电流表A（量程为0.6A，内阻不计）电阻箱R（0～99.99Ω）单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2导线若干．（1）先测电阻R1的阻值（R1只有几欧姆）．请将小明同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r1和对应的电流表示数I；将S2切换到b，调节电阻箱，使，读出此时电阻箱的示数r2，则电阻R l的表达式为R1=．（2）该同学已经测得电阻R1=2.0Ω，继续测电源电动势E．该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电流表示数I，由测得的数据，绘出了如图所示的～R图线，则电源电动势E=V，电阻R2=Ω．（3）若实际电流表A内阻不可忽略，则R2的测量值（填“大于”“等于”或“小于”）真实值．四、计算题（共3小题，满分54分）12．（16分）质量为m1=1200kg的汽车A以速度υ1=21m/s沿平直公路行驶吋，驾驶员发现前方不远处有一质量m2=800kg的汽车B以速度υ2=l5m/s迎面驶来，两车立即同时急刹车，使车做匀减速运动，但两车仍在开始刹车t=1s后猛烈地相撞，相撞后结合在一起再滑行一段距离后停下，设两车与路面间动摩擦因数为μ=0.3，取g=10m/s2，忽略碰撞过程中路面摩擦力的冲量，求：（1）两车碰撞后刚结合在一起时的速度大小（2）设两车相撞时间（从接触到一起滑行）t0=0.2s，则A车受到的水平平均冲力是其自身重量的几倍？（3）两车一起滑行的距离．13．（18分）如图甲所示，两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距L=1m，导轨平面与水平面的夹角θ=37°角，下端连接阻值R=1Ω的电阻；质量为m=1kg、阻值r=1Ω的匀质金属棒cd放在两导轨上，距离导轨最上端为L1=1m，棒与导轨垂直并保持良好接触，与导轨间的动摩擦因数μ=0.9．整个装置与导轨平面垂直（向上为正）的匀强磁场中，磁感应强度大小随时间变化的情况如图乙所示，已知在0～1.0s内，金属棒cd保持静止，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力取g=10m/s2．（1）求0～1.0s内电阻R上产生的热量；（2）求t=1.1s时刻，金属棒cd所受摩擦力的大小；（3）1.2s后，对金属棒cd施加一沿斜面向上的拉力F，使金属棒cd沿斜面向上做加速度大小a=2m/s2的匀加速运动，请写出拉力F随时间t′（从施加F时开始计时）变化的关系．14．（20分）如图甲所示，在xoy平面内加有空间分布均匀、大小随时间周期性变化的电场和磁场，变化规律如图乙所示（规定竖直向上为电场强度的正方向，垂直纸面向里为磁感应强度的正方向）．在t=0时刻，质量m、电荷量为q的带正电粒子自坐标原点O处，以v0=2m/s的速度沿x轴正向水平射出．已知电场强度E O=、磁感应强度B0=，不计粒子重力．求：（1）t=1s末粒子速度的大小和方向；（2）1s﹣2s内，粒子在磁场中做圆周运动的半径和周期；（3）（2n﹣1）s～2ns（n=1，2，3，…）内粒子运动至最高点的位置坐标．．2017年天津市和平区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的．1．（6分）下列说法正确的是（）A．卢瑟福用α粒子轰击N获得反冲核O发现了质子B．普朗克通过对光电效应现象的分析提出了光子说C．玻尔通过对天然放射现象的研究提出氢原子能级理论D．汤姆孙发现电子从而提出了原子的核式结构模型【解答】解：A、卢瑟福用α粒子轰击N获得反冲核O发现了质子，故A 正确；B、爱因斯坦通过对光电效应现象的分析提出了光子说，故B错误；C、玻尔通过对氢光谱的成因的研究提出氢原子能级理论，故C错误；D、卢瑟福通过α粒子的散射实验分析，提出原子的核式结构模型，故D错误；故选：A2．（6分）如图所示，OO'是半圆柱形玻璃体的对称面和纸面的交线，A、B是关于OO'轴等距离且平行的两束不同单色细光束，从玻璃射出后相交于OO′以方的P点，由此可以得出的结论是（）A．在同种玻璃中传播，A光的传播速度一定大于B光B．分别照射同一光电管，若B光能引起光电效应，A光一定也能C．以相同角度斜射到同一玻璃板透过平行表面后，B光侧移量大D．以相同的入射角从水中射入空气，在空气中只能有到﹣种光时，一定是A光【解答】解：A、由图看出，A光的偏折角大于B光偏折角，则玻璃对A光的折射率比对B光的折射率大，由公式v=分析得知，在同种玻璃中传播，A光的速度比B光的速度小．故A错误．B、玻璃对A光的折射率大，A光的频率大，若B光能引起光电效应，A光一定也能，故B正确．C、玻璃对A光的折射率大，以相同角度斜射到同一玻璃板透过平行表面后，根据折射定律知：A光侧移量大，故C错误．D、根据sinC=分析知，A光的临界角小，B光的临界角大，以相同的入射角从水中射入空气，在空气中只能有到一种光时，一定是B光，A光发现了全反射，故D错误．故选：B3．（6分）如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x=﹣0.2cm和x=1.2m处，两列波的速度大小均为v=0.4m/s，两波放的振辐均为A=2cm．图示为t=0时刻两列波的图象（传播方向如图所示），该时刻平衡位置位于x=0.2m和x=0.8cm的P、Q两质点刚开始振动，另有一质点M，平衡位置处于x=0.5m处．关于各质点运动情况的判断正确的是（）A．两波源的起振方向均为y轴正方向B．t=o时刻质点P、Q均沿y轴正方向运动C．t=0.75s时刻，质点P、Q都运动到x=0.5m处D．t=1s时刻，质点M的位移为﹣4cm【解答】解：AB、根据波形平移法判断可知：t=0时刻质点P、Q均沿y轴负方向运动，则质点P、Q的起振方向均沿y轴负方向运动，故A、B错误；C、简谐横波在传播的过程中，介质中并不随向前移动，只在自己平衡位置附近振动，故C错误．D、由图知波长λ=0.4m，由v=得，该波的周期为T==s=1s，则t=1s时刻，两列波的波谷都传到M点，质点M的位移为y=﹣2cm+（﹣2cm）=﹣4cm，故D正确．故选：D4．（6分）如图甲所示电路中，L1、L2、L3为三只“6V，3W”的灯泡，变压器为理想变压器．各电表均为理想电表，当ab端接如图乙所示的交变电压时，三只灯泡均正常发光．下列说法中正确的是（）A．变压器原副线圈的匝数比为1：2B．副线圈两端输出的交流电频率为50HzC．电流表的示数为0.5AD．电压表的示数为18V【解答】解：A、三灯均正常发光，设电流为I，则原线圈中电流为I，副线圈中电流为2I，则根据电流之比等于线圈匝数的反比可知，线圈匝数之比为2：1，故A错误B、由图可知，交流电的周期为T=0.02S，则其频率为：f===50Hz；因变压器不改变交流电的频率，故副线圈中交流电的频率也为50Hz，故B正确C、电流表的示数为有效值，每个灯泡的电流为：I===0.5A，则电流表示数为：I'=2I=1A，故C错误D、电压表的示数为变压器输入电压，交流电的有效值为U ab=18V；则有：U=U ab ﹣U L1=18﹣6=12V．故D错误故选：B5．（6分）如图所示，一绝缘细线0a下端系一轻质带正电的小球a （重力不计），地面上固定一光滑的绝缘1/4圆弧管道AB，圆心与a球位置重合，一质量为m、带负电的小球b从A点由静止释放，小球a由于受到绝缘细线的拉力而静止，其中细线O'a水平，Oa悬线与竖直方向的夹角为θ，当小球b沿圆弧管道运动到a 球正下方B点时对管道壁恰好无压力，在此过程中（a、b两球均可视为点电荷）（）A．b球所受的库仑力大小为2mgB．b球的机械能逐渐减小C．水平细线的拉力先增大后减小D．悬线Oa的拉力先增大后减小【解答】解：AB、小球b在运动过程中受重力、库仑力以及弹力作用，由于库仑力和弹力不做功，只有重力做功，则可知，小球机械能守恒，由机械能守恒定﹣mg=m，联立解律可知，mgR=mv2；而在最低点时恰好无压力，则有：F库得：F=3mg，故AB错误；库CD、对球a分析可知，球a受两绳子的拉力以及库仑力的作用而处于平衡，由图可知，随着小球b的下落，库仑力与水平方向上的夹角越来越大，由于两绳子拉力的方向不变，而两力的合力始终等于库仑力，大小保持不变；球在A点时，此时oa没有拉力，水平细线的拉力等于库仑力；整过程中库仑力大小不变，过a 点以库仑力大小为半径作圆弧，则平行四边形的另一顶点在圆弧上，图中1、2、3分别对应夹角增大过程中的平行四边形图；则由图可知，水平细线上的拉力先增大后减小；而Oa绳的拉力一直增大．故D错误，C正确．故选：C．二、多项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6．（6分）航天器关闭动力系统后沿如图所示的椭圆轨道绕地球运动，A、B分别是轨迹上的近地点和远地点，A位于地球表面近．若航天器所受阻力不计，以下说法正确是（）A．航天器运动到A点时的速度等于第一宇宙速度B．航天器由A运动到B的过程中万有引力做负功C．航天器由A运动到B的过程中机械能不变D．航天器在A点的加速度小于在B点的加速度【解答】解：A、第一宇宙速度是近地圆轨道的环绕速度，由于是椭圆轨道，说明航天器运动到A点时的速度大于第一宇宙速度，故A错误；B、万有引力指向地心，从A到B的过程，位移的方向与万有引力的方向的夹角大于90°，故万有引力做负功，故B正确；C、航天器由A运动到B的过程中，只有重力做功，机械能守恒，故C正确；D、根据牛顿第二定律和万有引力定律得：，因为A的轨道半径小于B的轨道半径，所以在近地点A的加速度大于它在远地点B的加速度，故D 错误．故选：BC．7．（6分）几个水球可以挡住一颗子弹？（国家地理频道）的实验结果是：四个水球足够！完全相同的水球紧挨在﹣起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，恰好能穿出第4个水球，则可以判断的是（）A．子弹在每个水球中的速度变化相同B．子弹在每个水球中运动的时间不同C．每个水球对子弹的冲量不同D．子弹在毎个水球中的动能变化相同【解答】解：A、设水球的直径为d，子弹运动的过程为匀减速直线运动，直到末速度为零，我们可以应用逆过程，相当于子弹初速度为零做匀加速直线运动．因为通过最后1个、最后2个、以及后3个、全部4个的位移分别为d，2d，3d 和4d，根据x=知，所以时间之比为1：：：2，所以子弹在每个水球中运动的时间不同；子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，则受力是相同的，所以加速度相同，由△v=at可知，运动的时间不同，则速度的变化量不同；故A错误，B正确；C、根据冲量的定义：I=Ft，受力是相同的，运动的时间不同，所以每个水球对子弹的冲量不同．故C正确；D、根据动能定理：△E K=W=Fd，受力是相同的，运动的位移相同，所以子弹受到的阻力对子弹做的功相等，所以子弹在毎个水球中的动能变化相同．故D正确．故选：BCD8．（6分）光滑水平面上有一边长为L的正方形区域ABCD处在场强为E的匀场电场中，电场方向与正方形的某一条边平行，一质量为m、带电量为q的小球由AC边的中点，以垂直于该边的水平初速度υ0进入该正方形区域，当小球再次运动到该正方形区域的边缘时，具有的动能可能为（）A．mv02+qEL B．mv02+qEL C．mv02+qEL D．mv02﹣qEL 【解答】解：若电场方向平行AB，则粒子做加速或减速直线运动，则离开电场时电场力做功W=EqL，若做加速运动，则为mv02+qEL；若为减速运动，则为：mv02﹣qEL；电场力与初速度方向相互垂直，小球发生偏转，电场力一定做正功；假设受电场力向上，粒子从AB边离开时，电场力做功为qEl，根据动能定理得：E k﹣mv02=qEl，得E k=mv02+qEl；若从BD边离开，则电场力做功可能为0至qEl，根据动能定理可知，粒子动能可能为：mv02至mv02+qEl；故AC可能，BD不可能．故选：AC．三、实验题（共3小题，满分18分）9．（4分）如图，轻弹簧的两端分别连接A、B两物块，置于光滑的水平面上，初始时，A紧靠墙壁，弹簧处于压缩状态且被锁定．已知A、B的质量分别为m1=2kg、m2=1kg，初始时弹簧的弹性势能E P=4.5J，现解除对弹簧的缩定，则从解除锁定到A离开墙壁的过程中，弹簧对B的冲量的大小为I=3Ns，此后弹簧的最大弹性势能为E p'=3J．【解答】解：（i）当弹簧恢复原长时，B的速度为v B，此时A恰好离开墙壁，有E p=m2v B2 ①以水平向右方向为正方向，解除锁定到物块A刚离开墙壁的过程中，由动量定理得I=m2v B﹣0 ②由①②式，代入数据得I=3 N•s ③方向水平向右（ii）当弹簧第一次恢复原长后，A离开墙壁；然后A做加速运动，B做减速运动，当二者的速度相等时，弹簧最长，弹性势能最大，此过程中的动量守恒，机械能也守恒；选取向右为正方向，由动量守恒定律及机械能守恒定律有m2v B=（m1+m2）v ④m2v B2=E P+（m1+m2）v2 ⑤由①④⑤式，代入数据解得E P=3J ⑥故答案为：3，3．10．（7分）利用如图1所示的装置做“验证机械能守恒定律”的实验．（1）除打点计时器（含纸带、复写纸）、交流电源、铁架台、导线及开关外，在下面的器材中，必须使用的还有AC．（选填器材前的字母）A．大小合适的铁质重锤B．体积较大的木质重锤C．刻度尺D．游标卡尺E．秒表（2）如图2是实验中得到的一条纸带．在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O（速度为零）的距离分别为h A、h B、h C．重锤质量用m 表示，已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T．从打下O点到打下B点的过程中，重锤重力势能的减少量△E p=mgh B，动能的增加量△E k=．（3）在实验过程中，下列实验操作和数据处理正确的是ABDA．释放重锤前，使重锤尽量远离打点计时器B．做实验时，先接通打点计时器的电源，再释放重锤C．为测量打点计时器打下某点时重锤的速度v，可测量该点到O点的距离h，再根据公式v=计算D．为测量打点计时器打下某点时重锤的速度v，可测量该点到O点的时间t，再根据公式v=gt计算（4）某同学在纸带上选取计数点后，测量它们到起始点O的距离h，并计算出打相应计数点时重锤的速度v，通过描绘v2﹣h图象去研究机械能是否守恒．若实验中重锤所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不变，从理论上分析，合理的v2﹣h图象是图3中的哪一个A．【解答】解：（1）A、为了减小阻力的影响，选择质量较大、体积较小的重锤，故A正确，B错误．C、在该实验中需要测量点迹间的距离，需要刻度尺，不需要游标卡尺，故C正确，D错误．E、打点计时器可以记录时间，不需要秒表，故E错误．故选：AC．（2）从打下O点到打下B点的过程中，重锤重力势能的减少量△E p=mgh B，B点的速度为：，则增加的动能为：=．（3）A、释放重锤前，应使重锤尽量靠近打点计时器，故A错误．B、实验时，应先接通电源，再释放纸带，故B正确．CD、为测量打点计时器打下某点时重锤的速度v，可以根据纸带上某段时间内的平均速度等于瞬时速度求出．故CD错误．故选：B．（4）若机械能守恒，有mgh=，则v2=2gh，可知v2﹣h图线为过原点的一条倾斜直线，故选：A．故答案为：（1）AC；（2）mgh B，；（3）ABD；（4）A．11．（7分）某同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2的阻值．实验器材有：待测电源E（不计内阻）待测电阻R1，定值电阻R2电流表A（量程为0.6A，内阻不计）电阻箱R（0～99.99Ω）单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2导线若干．（1）先测电阻R1的阻值（R1只有几欧姆）．请将小明同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r1和对应的电流表示数I；将S2切换到b，调节电阻箱，使电流表示数仍为I，读出此时电阻箱的示数r2，则电阻R l的表达式为R1=．（2）该同学已经测得电阻R1=2.0Ω，继续测电源电动势E．该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电流表示数I，由测得的数据，绘出了如图所示的～R图线，则电源电动势E= 2.0V，电阻R2= 6.0Ω．（3）若实际电流表A内阻不可忽略，则R2的测量值大于（填“大于”“等于”或“小于”）真实值．【解答】解：（1）本实验中采用将R1短路的方式求解待测电阻；由于没有电压表进行测量计算，故在实验中应控制电流不变；当接a时应有：E=I（）；当接b时应有：E=I（）；联立以上两式解得：=；（2）根据闭合电路欧姆定律应有：E=I（），变形为：=，根据函数斜率和截距的概念应有：=，=4.0解得：E=2.0V，=6.0Ω；（3）若考虑电源内阻，对（1）：接a时应有：E=I（），接b时应有：E=I（）联立可得=，即测量值与真实值相比不变；对（2）应有：E=I（），变形为=，比较两次表达式的斜率和截距可知，电动势不变，变小，即测量值比真实值偏大．故答案为：（1）电流表示数仍为I；（2）2.0，6.0（3）大于四、计算题（共3小题，满分54分）12．（16分）质量为m1=1200kg的汽车A以速度υ1=21m/s沿平直公路行驶吋，驾驶员发现前方不远处有一质量m2=800kg的汽车B以速度υ2=l5m/s迎面驶来，两车立即同时急刹车，使车做匀减速运动，但两车仍在开始刹车t=1s后猛烈地相撞，相撞后结合在一起再滑行一段距离后停下，设两车与路面间动摩擦因数为μ=0.3，取g=10m/s2，忽略碰撞过程中路面摩擦力的冲量，求：（1）两车碰撞后刚结合在一起时的速度大小（2）设两车相撞时间（从接触到一起滑行）t0=0.2s，则A车受到的水平平均冲力是其自身重量的几倍？（3）两车一起滑行的距离．【解答】解：（1）由牛顿第二定律得：μmg=ma解得加速度：a=μg=0.3×10=3m/s2，碰撞前瞬间，车的速度：υ1′=υ1﹣at=21﹣3×1=18m/sυ2′=υ2﹣at=15﹣3×1=12m/s，两车碰撞过程系统动量守恒，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m1υ1′﹣m2v1′=（m1+m2）v代入数据解得：v=6m/s（2）两车碰撞过程，以A的初速度方向为正方向，由动量定理得：对A：m1υ﹣m1υ1′=Ft0，代入数据解得：F=﹣60m1，负号表示方向冲击力大小与重力的关系：==6（3）碰撞后两车一起做匀减速直线运动，滑行的距离：s==m=6m；答：（1）两车碰撞后刚结合在一起时的速度大小是6m/s．（2）A车受到的水平平均冲力是其自身重量的6倍．（3）两车一起滑行的距离是6m．13．（18分）如图甲所示，两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距L=1m，导轨平面与水平面的夹角θ=37°角，下端连接阻值R=1Ω的电阻；质量为m=1kg、。