高考物理一轮复习 阶段综合检测(五)第十二、十三章验收
2021年高考物理一轮复习 第十二章 热学阶段验收评估(选修3-3)
2021年高考物理一轮复习第十二章热学阶段验收评估（选修3-3）一、单项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分)1．如图1所示，绝热容器中间用隔板隔开，左侧装有气体，右侧为真空，现将隔板抽掉，让左侧气体自由膨胀到右侧直至平衡，在此过程中( )图1A．气体对外界做功，温度降低，内能减少B．气体对外界做功，温度不变，内能不变C．气体不做功，温度不变，内能不变D．气体不做功，温度不变，内能减少2．分子间的相互作用力由引力f引和斥力f斥两部分组成，下列说法中正确的是( ) A．f引和f斥总是同时存在的B．f引总是大于f斥，因此其合力总表现为引力C．当分子间距离减小时，f引减小而f斥增大D．当分子间距离增大时，f引增大而f斥减小3．(xx·南通模拟)下列说法中正确的是( )A．布朗运动是悬浮在液体中的固体分子所做的无规则运动B．多晶体没有固定的熔点C．液晶的光学性质具有各向异性D．由于液体表面分子间距离小于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力4．带有活塞的汽缸内封闭一定量的理想气体。
气体开始处于状态a，然后经过过程ab 到达状态b或经过过程ac到状态c，b、c状态温度相同，如图2所示。
设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，则( )图2A．p b>p c，Q ab>Q acB．p b>p c，Q ab<Q acC．p b<p c，Q ab>Q acD．p b<p c，Q ab<Q ac5．(xx·广东省中山一中等七校联考)恒温的水池中，有一气泡缓慢上升，在此过程中，气泡的体积会逐渐增大，不考虑气泡内气体分子势能的变化，则气泡内( )A. 气体内能增加B. 外界对气体做功C. 气体从外界吸收了热量D. 每个气体分子动能都不变二、多项选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分，选不全得3分，有错选不得分)6.(xx·广东高考)用密封性好、充满气体的塑料袋包裹易碎品，如图3所示。
2022年高考物理一轮复习(津鲁琼辽鄂)适用) 第13章 实验十二 用单摆测量重力加速度的大小
4π2
图7
为k，则重力加速度g＝____k_2 ___(用k表示).
解析 根据单摆周期公式 T＝2π gl ＝2πg l，所以应该作出 T－ l图像，
故横坐标所代表的物理量是
l，斜率
k＝
2π ，解得 g
g＝4kπ22.
(8)乙同学测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度的实际值，造成 这一情况的原因可能是_C__D__.(填选项前的字母) A.开始摆动时振幅较小 B.开始计时时，过早按下停表 C.测量周期时，误将摆球(n－1)次全振动的时间记为n次全振动的时间 D.测量摆长时，以悬点到小球下端边缘的距离为摆长
示，则停表读数为__5_7_._0_ s.如果测得的g值偏小，可能的原因是__C__(填选项前
的序号).
A.计算摆长时用的是摆球的直径
B.开始计时时，停表晚按下
C.摆线上端未牢固系于悬点，振动中出现松动，
使摆线长度增加
图8
D.实验中误将30次全振动记为31次
解析 游标卡尺的主尺的刻度为20 mm； 20分度的游标尺精确度为0.05 mm，游标 尺的第10刻度与上面对齐，所以游标尺的 读数为0.05 mm×10＝0.50 mm，游标卡尺 的总读数为20.50 mm＝2.050 cm. 单摆的摆长为摆线的长度与摆球的半径的和，L＝l＋d2＝(89.40＋2.0250) cm ＝90.425 cm. 停表的分钟指针不到一分钟，超过半分钟，所以停表的读数为57.0 s.
图6 解析 摆球的直径为d＝12.0 mm.
(6)将单摆正确悬挂后进行如下操作，其中正确的是__B__C__.(填选项前的 字母) A.测出摆线长作为单摆的摆长 B.把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放，使之做简谐运动 C.在摆球经过平衡位置时开始计时 D.用停表测量摆球完成一次全振动所用时间并作为单摆的周期
高考物理一轮总复习第十三章热学能力课气体实验定律的综合应用练习含解析新人教版
能力课 气体实验定律的综合应用一、选择题1．对于一定质量的理想气体，在温度不变的条件下，当它的体积减小时，下列说法正确的是( )①单位体积内分子的个数增加 ②在单位时间、单位面积上气体分子对器壁碰撞的次数增多 ③在单位时间、单位面积上气体分子对器壁的作用力不变 ④气体的压强增大A ．①④B ．①②④C ．①③④D ．①②③④解析：选B 在温度不变的条件下，当它的体积减小时，单位体积内分子的个数增加，气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数越多，气体压强增大，故B 正确，A 、C 、D 错误．2.(多选)如图所示，一定质量的理想气体，沿状态A 、B 、C 变化，下列说法中正确的是( )A ．沿A →B →C 变化，气体温度不变 B ．A 、B 、C 三状态中，B 状态气体温度最高 C ．A 、B 、C 三状态中，B 状态气体温度最低D ．从A →B ，气体压强减小，温度升高E ．从B →C ，气体密度减小，温度降低解析：选BDE 由理想气体状态方程pVT＝常数可知，B 状态的pV 乘积最大，则B 状态的温度最高，A 到B 的过程是升温过程，B 到C 的过程是降温过程，体积增大，密度减小，选项B 、D 、E 正确，选项A 、C 错误．3.如图所示，U 形汽缸固定在水平地面上，用重力不计的活塞封闭着一定质量的气体，已知汽缸不漏气，活塞移动过程中与汽缸内壁无摩擦．初始时，外界大气压强为p 0，活塞紧压小挡板．现缓慢升高汽缸内气体的温度，则选项图中能反映汽缸内气体的压强p 随热力学温度T 变化的图象是( )解析：选B 当缓慢升高汽缸内气体温度时，开始一段时间气体发生等容变化，根据查理定律可知，缸内气体的压强p 与汽缸内气体的热力学温度T 成正比，在p T 图象中，图线是过原点的倾斜的直线；当活塞开始离开小挡板时，缸内气体的压强等于外界的大气压，气体发生等压膨胀，在p T 图象中，图线是平行于T 轴的直线，B 正确．二、非选择题4.(2018届宝鸡一模)如图所示，两端开口的汽缸水平固定，A 、B 是两个厚度不计的活塞，面积分别为S 1＝20 cm 2，S 2＝10 cm 2，它们之间用一根细杆连接，B 通过水平细绳绕过光滑的定滑轮与质量为M 的重物C 连接，静止时汽缸中的空气压强p ＝1.3×105Pa ，温度T ＝540 K ，汽缸两部分的气柱长均为L .已知大气压强p 0＝1×105Pa ，取g ＝10 m/s 2，缸内空气可看作理想气体，不计一切摩擦．求：(1)重物C 的质量M ；(2)逐渐降低汽缸中气体的温度，活塞A 将向右缓慢移动，当活塞A 刚靠近D 处而处于平衡状态时缸内气体的温度．解析：(1)活塞整体受力处于平衡状态，则有pS 1＋p 0S 2＝p 0S 1＋pS 2＋Mg代入数据解得M ＝3 kg.(2)当活塞A 靠近D 处时，活塞整体受力的平衡方程没变，气体压强不变，根据气体的等压变化有S 1＋S 2L T ＝S 2×2LT ′解得T ′＝360 K. 答案：(1)3 kg (2)360 K5.(2018届鹰潭一模)如图所示，是一个连通器装置，连通器的右管半径为左管的两倍，左端封闭，封有长为30 cm 的气柱，左右两管水银面高度差为37.5 cm ，左端封闭端下60 cm 处有一细管用开关D 封闭，细管上端与大气联通，若将开关D 打开(空气能进入但水银不会入细管)，稳定后会在左管内产生一段新的空气柱．已知外界大气压强p 0＝75 cmHg.求：稳定后左端管内的所有气柱的总长度为多少？解析：空气进入后将左端水银柱隔为两段，上段仅30 cm ，初始状态对左端上面空气有p 1＝p 0－h 1＝75 cmHg －37.5 cmHg ＝37.5 cmHg末状态左端上面空气柱压强p 2＝p 0－h 2＝75 cmHg －30 cmHg ＝45 cmHg 由玻意耳定律p 1L 1S ＝p 2L 2S 解得L 2＝p 1L 1p 2＝37.5×3045cm ＝25 cm 上段水银柱上移，形成的空气柱长为5 cm ，下段水银柱下移，与右端水银柱等高 设下移的距离为x ，由于U 形管右管内径为左管内径的2倍，则右管横截面积为左管的4倍， 由等式7.5－x ＝x4，解得x ＝6 cm所以产生的空气柱总长为L ＝(6＋5＋25)cm ＝36 cm. 答案：36 cm6.(2019届河北四市调研)如图，横截面积相等的绝热汽缸A 与导热汽缸B 均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两汽缸间均无摩擦，两汽缸内都装有理想气体，初始时体积均为V 0、温度为T 0且压强相等，缓慢加热A 中气体，停止加热达到稳定后，A 中气体压强变为原来的1.5倍，设环境温度始终保持不变，求汽缸A 中气体的体积V A 和温度T A .解析：设初态压强为p 0，对汽缸A 加热后A 、B 压强相等：p B p 0B 中气体始、末状态温度相等，由玻意耳定律得 p 0V 0p 0V B2V 0＝V A ＋V B 解得V A ＝43V 0对A 部分气体，由理想气体状态方程得p 0V 0T 0＝错误! 解得T A ＝2T 0.答案：43V 0 2T 07.(2018年全国卷Ⅲ)在两端封闭、粗细均匀的U 形细玻璃管内有一段水银柱，水银柱的两端各封闭有一段空气．当U 形管两端竖直朝上时，左、右两边空气柱的长度分别为l 1＝18.0 cm 和l 2＝12.0 cm ，左边气体的压强为12.0 cmHg.现将U 形管缓慢平放在水平桌面上，没有气体从管的一边通过水银逸入另一边．求U 形管平放时两边空气柱的长度．在整个过程中，气体温度不变．解析：设U 形管两端竖直朝上时，左、右两边气体的压强分别为p 1和p 2.U 形管水平放置时，两边气体压强相等，设为p ，此时原左、右两边空气柱长度分别变为l 1′和l 2′.由力的平衡条件有p 1＝p 2＋ρg (l 1－l 2)①式中ρ为水银密度，g 为重力加速度． 由玻意耳定律有p 1l 1＝pl 1′② p 2l 2＝pl 2′③ l 1′－l 1＝l 2－l 2′④由①②③④式和题给条件得l 1′＝22.5 cm l 2′＝7.5 cm.答案：22.5 cm 7.5 cm8.(2019届福州质检)如图所示，开口向上竖直放置的内壁光滑绝热汽缸，汽缸下面有加热装置．开始时整个装置处于平衡状态，缸内理想气体Ⅰ、Ⅱ两部分高度均为L 0，温度均为T 0.已知活塞A 导热、B 绝热，A 、B 质量均为m 、横截面积为S ，外界大气压强为p 0保持不变，环境温度保持不变．现对气体Ⅱ缓慢加热，当A 上升h 时停止加热，求：(1)此时气体Ⅱ的温度；(2)若在活塞A 上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于m 时，气体Ⅰ的高度． 解析：(1)气体Ⅱ这一过程为等压变化 初状态：温度T 0、体积V 1＝L 0S 末状态：温度T 、体积V 2＝(L 0＋h )S 根据查理定律可得V 1T 0＝V 2T解得T ＝L 0＋hL 0T 0. (2)气体Ⅰ这一过程做等温变化 初状态：压强p 1′＝p 0＋mg S体积V 1′＝L 0S末状态：压强p 2′＝p 0＋2mgS体积V 2′＝L 1′S由玻意耳定律得p 1′L 0S ＝p 2′L 1′S 解得L 1′＝p 0S ＋mgp 0S ＋2mgL 0.答案：(1)L 0＋h L 0T 0 (2)p 0S ＋mgp 0S ＋2mgL 0 |学霸作业|——自选一、选择题1.(多选)(2018届兰州一中月考)如图所示，密闭容器内可视为理想气体的氢气温度与外界空气的温度相同，现对该容器缓慢加热，当容器内的氢气温度高于外界空气的温度时，则( )A ．氢分子的平均动能增大B ．氢分子的势能增大C ．氢气的内能增大D ．氢气的内能可能不变E ．氢气的压强增大解析：选ACE 温度是分子的平均动能的标志，氢气的温度升高，则分子的平均动能一定增大，故A 正确；氢气视为理想气体，气体分子势能忽略不计，故B 错误；密闭容器内气体的内能由分子动能决定，氢气的分子动能增大，则内能增大，故C 正确，D 错误；根据理想气体的状态方程pV T＝C 可知，氢气的体积不变，温度升高则压强增大，故E 正确．2．(多选)对于一定量的稀薄气体，下列说法正确的是( ) A ．压强变大时，分子热运动必然变得剧烈 B ．保持压强不变时，分子热运动可能变得剧烈 C ．压强变大时，分子间的平均距离必然变小 D ．压强变小时，分子间的平均距离可能变小解析：选BD 根据理想气体的状态方程pV T＝C 可知，当压强变大时，气体的温度不一定变大，分子热运动也不一定变得剧烈，选项A 错误；当压强不变时，气体的温度可能变大，分子热运动也可能变得剧烈，选项B 正确；当压强变大时，气体的体积不一定变小，分子间的平均距离也不一定变小，选项C 错误；当压强变小时，气体的体积可能变小，分子间的平均距离也可能变小，选项D 正确．V 与温度T 的关系图象，它由状态A 经等温过程到状态B ，再经等容过程到状态C .设A 、B 、C 状态对应的压强分别为p A 、p B 、p C ，则下列关系式中正确的是( )A ．p A <pB ，p B <pC B ．p A >p B ，p B ＝p C C ．p A >p B ，p B <p CD ．p A ＝p B ，p B >p C解析：选A 由pVT＝常量，得A 到B 过程，T 不变，体积减小，则压强增大，所以p A <p B ；B 经等容过程到C ，V 不变，温度升高，则压强增大，即p B <p C ，所以A 正确．二、非选择题4．图甲是一定质量的气体由状态A 经过状态B 变为状态C 的V T 图象．已知气体在状态A 时的压强是1.5×105Pa.(1)说出A →B 过程中压强变化的情形，并根据图象提供的信息，计算图甲中T A 的温度值；(2)请在图乙坐标系中，作出该气体由状态A 经过状态B 变为状态C 的p T 图象，并在图线相应位置上标出字母A 、B 、C .如果需要计算才能确定的有关坐标值，请写出计算过程．解析：(1)从题图甲可以看出，A 与B 连线的延长线过原点，所以A →B 是一个等压变化，即p A ＝p B根据盖—吕萨克定律可得V A T A ＝V BT B所以T A ＝V A V BT B ＝,0.6)×300 K＝200 K.(2)由题图甲可知，由B →C 是等容变化，根据查理定律得p B T B ＝p C T C所以p C ＝T C T B p B ＝400300p B ＝43p B ＝43×1.5×105 Pa ＝2.0×105Pa则可画出由状态A →B →C 的p T 图象如图所示． 答案：(1)等压变化 200 K (2)见解析5.(2018届商丘一中押题卷)如图所示，用绝热光滑活塞把汽缸内的理想气体分A 、B 两部分，初态时已知A 、B 两部分气体的热力学温度分别为330 K 和220 K ，它们的体积之比为2∶1，末态时把A 气体的温度升高70 ℃，把B 气体温度降低20 ℃，活塞可以再次达到平衡．求气体A 初态的压强p 0与末态的压强p 的比值．解析：设活塞原来处于平衡状态时A 、B 的压强相等为p 0，后来仍处于平衡状态压强相等为p .根据理想气体状态方程，对于A 有p 0V A T A ＝pV A ′T A ′① 对于B 有 p 0V B T B ＝pV B ′T B ′② 化简得V A ′V B ′＝83③ 由题意设V A ＝2V 0，V B ＝V 0④ 汽缸的总体积为V ＝3V 0⑤ 所以可得V A ′＝811V ＝2411V 0⑥将④⑥代入①式得p 0p ＝910. 答案：9106.(2018年全国卷Ⅱ)如图，一竖直放置的汽缸上端开口，汽缸壁内有卡口a 和b ，a 、b间距为h ，a 距缸底的高度为H ；活塞只能在a 、b 间移动，其下方密封有一定质量的理想气体．已知活塞质量为m ，面积为S ，厚度可忽略；活塞和汽缸壁均绝热，不计它们之间的摩擦．开始时活塞处于静止状态，上、下方气体压强均为p 0，温度均为T 0.现用电热丝缓慢加热汽缸中的气体，直至活塞刚好到达b 处．求此时汽缸内气体的温度以及在此过程中气体对外所做的功．重力加速度大小为g .解析：开始时活塞位于a 处，加热后，汽缸中的气体先经历等容过程，直至活塞开始运动，设此时汽缸中气体的温度为T 1，压强为p 1，根据查理定律有p 0T 0＝p 1T 1① 根据力的平衡条件有p 1S ＝p 0S ＋mg ②联立①②式可得T 1＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋mg p 0S T 0③ 此后，汽缸中的气体经历等压过程，直至活塞刚好到达b 处，设此时汽缸中气体的温度为T 2；活塞位于a 处和b 处时气体的体积分别为V 1和V 2.根据盖—吕萨克定律有V 1T 1＝V 2T 2④ 式中V 1＝SH ⑤ V 2＝S (H ＋h )⑥联立③④⑤⑥式解得T 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋h H ⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋mg p 0S T 0⑦ 从开始加热到活塞到达b 处的过程中，汽缸中的气体对外做的功为W ＝(p 0S ＋mg )h .答案：⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋h H ⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋mg p 0S T 0 (p 0S ＋mg )h 7.(2016年全国卷Ⅲ)一U 形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞．初始时，管内汞柱及空气柱长度如图所示．用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止．求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离．已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强p 0＝75.0 cmHg.环境温度不变．解析：设初始时，右管中空气柱的压强为p 1，长度为l 1；左管中空气柱的压强为p 2＝p 0，长度为l 2.活塞被下推h 后，右管中空气柱的压强为p 1′，长度为l 1′；左管中空气柱的压强为p 2′，长度为l 2′.以cmHg 为压强单位．由题给条件得p 1＝p 0＋(20.0－5.00)cmHg ① l 1′＝,2)))cm ②由玻意耳定律得p 1l 1＝p 1′l 1′③ 联立①②③式和题给条件得p 1′＝144 cmHg ④依题意p 2′＝p 1′⑤l 2′＝4.00 cm ＋,2) cm －h ⑥由玻意耳定律得p 2l 2＝p 2′l 2′⑦联立④⑤⑥⑦式和题给条件得h ＝9.42 cm. 答案：144 cmHg 9.42 cm8.(2019届沈阳模拟)如图所示，内壁光滑的圆柱形导热汽缸固定在水平面上，汽缸内被活塞封有一定质量的理想气体，活塞横截面积为S ，质量和厚度都不计，活塞通过弹簧与汽缸底部连接在一起，弹簧处于原长，已知周围环境温度为T 0，大气压强恒为p 0，弹簧的劲度系数k ＝p 0Sl 0(S 为活塞横截面积)，原长为l 0，一段时间后，环境温度降低，在活塞上施加一水平向右的压力，使活塞缓慢向右移动，当压力增大到某一值时保持恒定，此时活塞向右移动了l 0p 0.(1)求此时缸内气体的温度T 1；(2)对汽缸加热，使气体温度缓慢升高，当活塞移动到距汽缸底部l 0时，求此时缸内气体的温度T 2.解析：(1)汽缸内的气体，初态时：压强为p 0，体积为V 0＝Sl 0，温度为T 0末态时：压强为p 1p 0，体积为V 1＝S (l 0l 0) 由理想气体状态方程得p 0V 0T 0＝p 1V 1T 1解得T 1T 0.(2)当活塞移动到距汽缸底部l 0时，体积为V 2Sl 0，设气体压强为p 2 由理想气体状态方程得p 0V 0T 0＝p 2V 2T 2此时活塞受力平衡方程为p 0S ＋F －p 2S ＋k (l 0－l 0)＝0l 0后压力F 保持恒定，活塞受力平衡 p 0S ＋Fp 0S －k (l 0)＝0解得T 2T 0. 答案：T 0 T 09．(2017年全国卷Ⅱ)一热气球体积为V ，内部充有温度为T a 的热空气，气球外冷空气的温度为T b .已知空气在1个大气压，温度T 0时的密度为ρ0，该气球内、外的气压始终都为1个大气压，重力加速度大小为g .(1)求该热气球所受浮力的大小； (2)求该热气球内空气所受的重力；(3)设充气前热气球的质量为m 0，求充气后它还能托起的最大质量．解析：(1)设1个大气压下质量为m 的空气在温度为T 0时的体积为V 0，密度为ρ0＝mV 0① 在温度为T 时的体积为V T ，密度为ρ(T )＝m V T② 由盖—吕萨克定律得V 0T 0＝V TT③ 联立①②③式得ρ(T )＝ρ0T 0T④气球所受到的浮力为f ＝ρ(T b )gV ⑤联立④⑤式得f ＝Vgρ0T 0T b.⑥(2)气球内热空气所受的重力为G ＝ρ(T a )Vg ⑦联立④⑦式得G ＝Vg ρ0T 0T a.⑧ (3)设该气球还能托起的最大质量为m ，由力的平衡条件得mg ＝f －G －m 0g ⑨ 联立⑥⑧⑨式得m ＝Vρ0T 0⎝ ⎛⎭⎪⎫1T b －1T a －m 0. 答案：(1)Vgρ0T 0T b (2)Vgρ0T 0T a(3)Vρ0T 0⎝ ⎛⎭⎪⎫1T b －1T a －m 0。
备考2024届高考物理一轮复习分层练习第十三章交变电流电磁振荡与电磁波传感器第2讲变压器远距离输电
第2讲 变压器 远距离输电1.[变压器的铭牌/2024广东惠州第一次调研]如图所示是一种理想变压器的铭牌，根据上面标示的信息，以下判断正确的是（ B ）A.这是一个升压变压器B.原线圈的匝数与副线圈的匝数之比为55∶3C.当原线圈输入交流电压220V 时，副线圈输出直流电压12VD.当原线圈输入交流电压220V 时，只要副线圈构成回路，则其电流一定为3.0A解析 额定输入电压U 1＝220V 额定输入电压U 2＝12V 额定输入电压I 2＝3A{U 1＞U 2，故为降压变压器，A 错n 1n 2＝U 1U 2＝220V 12V ＝553，B 对输入电压与输出电压均为交流电压，C 错副线圈的电流与负载功率有关，D 错2.电流互感器是一种测量电路中电流的变压器，工作原理如图所示.其原线圈匝数较少，串联在电路中，副线圈匝数较多，两端接在电流表上，则电流互感器（ D ）A.是一种降压变压器B.能测量恒定电流C.原、副线圈电流的频率不同D.副线圈的电流小于原线圈的电流解析 变压器是利用电磁感应的原理来改变交流电压的装置，不能改变交变电流的频率，也不能在恒定电流电路中工作，B 、C 项均错误；根据变压器匝数与电压的关系U1U 2＝n 1n 2可得副线圈的电压U 2＝n2n 1U 1，由于原线圈匝数少而副线圈匝数多，即n 1＜n 2，因此有U 2＞U 1，电流互感器是一种升压变压器，A 项错误；根据变压器匝数与电流的关系I 1I 2＝n2n 1可得副线圈的电流I 2＝n1n 2I 1，由于n 1＜n 2，因此有I 2＜I 1，D 项正确.3.[2024湖南娄底校联考]如图所示为远距离输电电路图，左边升压变压器原、副线圈的匝数之比为2∶5，输入电压u＝10√2sin50πt（V）的正弦交变电流.连接两理想变压器的输电线的总电阻为r＝5Ω，右边降压变压器原、副线圈的匝数之比为2∶1，负载的电功率为升压变压器输入功率的80％.下列说法正确的是（D）A.升压变压器原线圈上的电流为2AB.输电线上损失的功率为10WC.负载的功率为25WD.降压变压器原线圈上的电压为20V解析设升压变压器原、副线圈上的电压为U1、U2，电流为I1、I2，降压变压器原、副线圈上的电压为U3、U4，电流为I3、I4，有I2＝I3，则由变流比得I1I2＝52，I3I4＝12，由题意可知，输电线上的功率为升压变压器输入功率的20％，则有U1I1＝5I22r，代入数据，解得I2＝1 A，则I1＝2.5I2＝2.5 A，故A错误；输电线上损失的功率为P r＝I22r＝5 W，故B错误；负载的功率为P R＝4P r＝20 W，故C错误；因为I4＝2I2＝2 A，则负载上的电压为U4＝P RI4＝10 V，则U3＝2U4＝20 V，故D正确.4.[2024江西临川一中校考]某电站用500kV电压输电给300km外的用户使用，其输出电功率是3×106kW，输电线总电阻为2.5Ω，则下列说法正确的是（B）A.输电线上输送的电流大小为3.0×105AB.输电线上由电阻造成的损失电压为15kVC.若改用5kV电压输电，则输电线上损失的功率为9×108kWD.输电线上损失的功率为ΔP＝U2r，U为输电电压，r为输电线的电阻解析由P＝UI得输电线上输送的电流I＝PU ＝3×106×103500×103A＝6×103 A，故A错误；由ΔU＝Ir得输电线路上的电压损失ΔU＝Ir＝6×103×2.5 V＝15×103 V，故B正确；由于损失的功率不可能大于电站的输出功率，故C错误；输电线上损失的功率用ΔP＝U 2r计算时，U为输电线上的电压降，而不是输电电压，故D错误.5.如图所示为一理想变压器，原线圈接在输出电压为U的交流电源两端.电路中R0为定值电阻，测量电表均为理想电表，导线电阻不计.现使滑动变阻器R的滑片P向上滑动，则下列说法正确的是（A）A.电压表V2的示数变大B.电压表V1与电流表A的示数的比值不变C.电流表A的示数变大D.定值电阻R0消耗的电功率变大解析输入电压不变，原、副线圈匝数比不变，输出电压由输入电压决定，则副线圈两端电压U2不变，滑片向上滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，滑动变阻器两端电压变大，V2示数变大，故A正确；副线圈电路中总电阻变大，电流减小，原、副线圈匝数比不变，则原线圈中电流也减小，故C错误；副线圈中电流变小，定值电阻R0消耗的功率变小，故D错误；输入电压不变，输入电流随输出电流变化而变化，所以电压表V1与电流表A的示数的比值变化，故B错误.6.[多选]如图所示，电路中的变压器为理想变压器，S为单刀双掷开关，U1为加在原线圈两端的交变电压，I1、I2分别为原、副线圈中的电流.下列说法正确的是（BC）A.保持U1不变，S由b切换到a，则R上消耗的功率减小B.保持U1不变，S由a切换到b，则I2减小C.保持U1不变，S由b切换到a，则I1增大D.保持U1不变，S由a切换到b，则变压器的输入功率增大解析保持U1不变，S由b切换到a时，副线圈匝数增多，则输出电压U2增大，输出电流I2增大，根据P2＝I2U2知，P2增大，又因P1＝P2，故I1增大，A错误，C正确；S由a切换到b时，副线圈匝数减少，则输出电压U2减小，输出电流I2减小，根据P2＝I2U2知，P2减小，又因P1＝P2，所以变压器输入功率减小，B正确，D错误.7.[副线圈电路中含二极管/2024浙江高三联考]如图，某同学用自制的简易无线充电装置给手机充电，装置由一个电磁炉（发射线圈）、一个接收线圈、一个二极管、一个车载充电器构成，发射线圈、接收线圈匝数比为n1∶n2，若电磁炉两端所加电压为u＝220√2sin314t （V），车载充电器的输入限制电压为4.4V，不考虑充电过程中的各种能量损失.则下列说法正确的是（A）A.接收线圈两端电压的有效值约为6.2VB.通过车载充电器的电流为交流电C.发射线圈、接收线圈匝数比为n 1∶n 2＝50∶1D.接收线圈1s 内电流方向变化50次解析 设接收线圈两端电压的有效值为U 2，充电器两端电压有效值为U 3，由题意可知U 3＝4.4 V ，根据有效值的定义可得U 22R·T2＝U 32R·T ，解得U 2≈6.2 V ，故A 正确；因为二极管单向导电，则通过车载充电器的电流方向一定，为直流电，故B 错误；由题意可知发射线圈电压有效值为U 1＝220 V ，故发射线圈、接收线圈匝数比为n1n 2＝U1U 2＝2206.2＝1 10031，故C错误；根据所加电压表达式可知，电流的频率f ＝1T ＝ω2π＝50 Hz ，接收线圈1个周期内电流方向改变两次，故1 s 内电流方向变化100次，故D 错误.8.[2023安徽江淮十校联考/多选]如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数分别为n 0＝800匝、n 1＝100匝和n 2＝400匝，原线圈串联一个电阻R 0＝8.0Ω，并接入内阻不计的正弦交流电源，电源电动势为E 且保持不变；两个副线圈分别接电阻R 1＝1.0Ω和R 2＝16.0Ω.开关S 断开时，理想电流表读数为I 1＝4.0A ；开关S 闭合时，理想电流表读数为I 2.不计线圈电阻，则（ BD ）A.E ＝32.0VB.E ＝36.0VC.I 2＝3.2AD.I 2＝3.6A解析 开关S 断开时，理想电流表读数为I 1＝4.0 A ，且n 0＝800匝、n 1＝100匝，故n0n 1＝I1I 0，得I 0＝0.5 A ，由n 0n 1＝U 0U 1及U 1＝I 1R 1＝4 V ，可得U 0＝32.0 V ，故E ＝I 0R 0＋U 0＝36.0 V ，故A错误，B 正确；开关S 闭合时，由输出功率等于输入功率，可知P 原＝P 副1＋P 副2，得U 0I 0＝U 1I 1＋U 2I 2，即36V−U 0R 0U 0＝U 12R 1＋U 22R 2，由n 0n 1＝U 0U 1，n 0n 2＝U0U 2，则U 1＝3.6 V ，故I 2＝3.6 A ，故C错误，D 正确.9.[用户功率增大时的动态分析/2024湖南怀化三中校考]图（a ）是目前世界上在建规模最大、技术难度最高的水电工程——白鹤滩水电站，是我国实施“西电东送”的大国重器，其发电量位居全世界第二，仅次于三峡水电站.白鹤滩水电站远距离输电电路示意图如图（b ）所示，如果升压变压器与降压变压器均为理想变压器，发电机输出电压恒定，R 表示输电线电阻，则当用户功率增大时（ D ）图（a）图（b）A.A2示数增大，A1示数减小B.V1、V2示数都减小C.输电线上的功率损失减小D.V1、A1示数的乘积大于V2、A2示数的乘积解析当用户功率增大时，降压变压器的输出功率增大，输出电流增大，A2示数增大，根据理想变压器原、副线圈电流与线圈匝数的关系可知，降压变压器中的输入电流增大，A1示数增大，故A错误；升压变压器线圈匝数以及升压变压器输入电压不变，则升压变压器输出电压不变，则V1的示数不变，降压变压器中的输入电流增大，输电线电阻消耗的电压增大，则降压变压器输入电压减小，根据理想变压器原、副线圈电压与线圈匝数的关系可知，降压变压器输出电压减小，故V2示数减小，故B错误；输电线上的电流增大，输电线上的功率损失增大，故C错误；根据降压变压器原、副线圈电流与线圈匝数的关系可知I1I2＝n2n1，设降压变压器的输入电压为U0，有U1＞U0，根据降压变压器原、副线圈电压与线圈匝数的关系可知U0U2＝n1n2，故I1U1＞I1U0＝I2U2，故D正确.10.[汽车点火装置/2024湖北武汉部分学校调研]点火线圈能产生20000V的高压，使汽车启动.某型号点火线圈部分结构如图所示，其初级线圈匝数为100匝，次级线圈匝数为20000匝.已知汽车电瓶是电动势为12V的蓄电池.下列说法正确的是（D）A.点火线圈的次级线圈应和蓄电池相连B.仅增加初级线圈的匝数，也一定能成功点火C.汽车蓄电池是直流电源，需要将直流电先转化为交流电才能使点火线圈正常工作D.初级线圈断电瞬间，其两端电压约为100V解析由于蓄电池的电压为低电压，则结合变压器的变压规律可知蓄电池应和匝数较少的初级线圈相连，A错误；若仅增加初级线圈的匝数，则通过变压器产生的高压将减小，则不一定能点火成功，B错误；点火线圈利用的是在开关通、断电的瞬间通过线圈的磁通量发生变化从而在次级线圈两端产生高电压，所以不需要将汽车蓄电池产生的直流电转化为交流电，C错误；由题意可知初级线圈通、断电的瞬间，点火线圈能产生20000V的高压，则由变压器的变压规律可知此时初级线圈两端的电压约为100V，D正确.11.[黑光灯的应用]黑光灯是利用物理方法灭蛾杀虫的一种环保型设备，它发出的紫色光能够引诱害虫飞近黑光灯，然后被黑光灯周围的交流高压电网“击毙”.如图所示是高压电网的工作电路，高压电网是利用变压器将有效值为220V的交流电压变成高压，高压电网相邻两极间距离为0.5cm，已知空气在常温常压下的击穿场强为6220V/cm，为防止空气被击穿而造成短路，变压器的次、初级线圈匝数比不得超过多少？答案10∶1解析电网两极间的电场可看作匀强电场且U m＝E m d，由题意知空气被击穿时E m＝6 220 V/cm，已知理想变压器电压关系为U1mU m ＝n1n2，峰值与有效值关系为U1m＝√2U1，由以上各式得n1n2＝110，所以变压器次、初级线圈匝数比不得超过10∶1.。
2019届高考物理(课标通用)一轮复习阶段综合检测(一) 第一-三章验收(重点高中)
阶段综合检测（一）第一~三章验收(时间：90分钟满分：110分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题，有多项符合题目要求。
全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．(2018·吉林大学附中模拟)从t＝0时刻开始，甲沿光滑水平面做直线运动，速度随时间变化如图甲；乙静止于光滑水平地面，从t＝0时刻开始受到如图乙所示的水平拉力作用。
则在0～4 s的时间内()A．甲物体所受合力不断变化B．甲物体的速度不断减小C．2 s末乙物体改变运动方向D．2 s末乙物体速度达到最大解析：选D由题图甲所示可以知道：物体甲在0～2 s内做匀减速直线运动，在2～4 s 内做反向的匀加速直线运动，整个过程加速度不变。
由牛顿第二定律F＝ma可以知道，物体甲受到的合力保持不变，故A错误。
物体甲的速度先减小后反向增大，故B错误。
由乙图可以知道：乙所受的拉力先沿正向后沿负向。
说明乙在0～2 s内做加速度减小的加速运动，2～4 s内沿原方向做加速度增大的减速运动，2 s末运动方向没有改变，且2 s末乙物体速度达到最大，故C错误，D正确。
2.(2018·辽宁省实验中学模拟)一皮带传送装置如图所示，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦。
现将滑块轻放在皮带上，弹簧恰好处于自然长度且轴线水平。
若在弹簧从自然长度到第一次达最长的过程中，滑块始终未与皮带达到共速，则在此过程中滑块的速度和加速度变化情况是()A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先增大后减小D．速度先增大后减小，加速度先减小后增大解析：选D滑块轻放到皮带上，受到向左的摩擦力，开始摩擦力大于弹簧的弹力，向左做加速运动，在此过程中，弹簧的弹力逐渐增大，根据牛顿第二定律，加速度逐渐减小，当弹簧的弹力与滑动摩擦力相等时，速度达到最大，然后弹力大于摩擦力，加速度方向与速度方向相反，滑块做减速运动，弹簧弹力继续增大，根据牛顿第二定律得，加速度逐渐增大，速度逐渐减小。
人教版高考物理一轮总复习课后习题 第十三章 光学 电磁波 相对论 单元质检十三
单元质检十三光学电磁波相对论(时间:90分钟满分:100分)一、单项选择题(本题共8小题,每小题3分,共24分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求)1.5G是“第五代移动通信网络”的简称,5G网络使用的无线电波通信频率在3.0 GHz以上的超高频段和极高频段,比目前4G及以下网络(通信频率在0.3~3.0 GHz间的特高频段)拥有更大的带宽和更快的传输速率。
未来5G网络的传输速率(指单位时间传送的数据量大小)可达10 Gbps,是4G 网络的50~100倍。
与4G网络使用的无线电波相比,5G网络使用的无线电波( )A.在真空中的传播速度更快B.在真空中的波长更长C.衍射的本领更强D.频率更高,相同时间传递的信息量更大答案:D解析:无线电波(电磁波)在真空中的传播速度与光速相同,保持不变,其速,频率变大,波长变度与频率没有关系,故A错误;由公式c=λf可知,λ=cf短,衍射本领变弱,故B、C错误;无线电波(电磁波)频率越高,周期越小,相同时间内可承载的信息量越大,故D正确。
2.(上海杨浦调研)如图所示,把酒精灯放在肥皂液膜前,从薄膜上可看到明暗相间的条纹,能解释这一现象的示意图是(图中实线、虚线为光照射到液膜上时,从膜的前后表面分别反射形成的两列波)( )答案:C解析:肥皂液膜上薄下厚,波峰与波峰、波谷与波谷叠加处,出现明条纹,波峰与波谷叠加处,出现暗条纹,故C正确。
3.红外线和紫外线相比较( )A.红外线的光子能量比紫外线的大B.真空中红外线的波长比紫外线的长C.真空中红外线的传播速度比紫外线的大D.红外线能发生偏振现象,而紫外线不能答案:B解析:红外线的频率比紫外线小,根据E=hν,可知红外线光子的能量比紫外线的小,A错误;波长λ=c,红外线的频率低,波长长,B正确;所有电磁波ν在真空中的速度都一样大,都是c=3.0×108m/s,C错误;红外线和紫外线都是横波,都可以发生偏振现象,D错误。
人教版高考物理一轮总复习课后习题 第十二章 交变电流 传感器 单元质检十二
单元质检十二交变电流传感器(时间:75分钟满分:100分)一、单项选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.(河北石家庄二中高二月考)目前,传感器已经广泛应用于生产、生活、科学研究等各个领域,关于传感器的应用,下列说法正确的是( )A.自动洗衣机中的压力传感器、数字体重计所用的测力装置都应用了力传感器B.走廊照明灯的声控开关、红外报警装置都是应用了声传感器C.发光二极管是一种常用的光传感器,其作用是将光信号转换为电信号D.霍尔元件能把磁感应强度这个磁学量转换成电阻这个电学量答案:A解析:自动洗衣机中的压力传感器、数字体重计所用的测力装置都应用了力传感器,A正确;在天黑楼道里出现声音时,楼道里的灯才亮,说明它的控制电路中既有声音传感器,又有光传感器,但红外报警装置是应用了红外线传感器,B错误;发光二极管不是光传感器,C错误;霍尔元件能把磁感应强度这个磁学量转换成电压这个电学量,D错误。
2.(海南卷)图甲、乙分别表示两种电流的波形,其中图乙所示电流按正弦规律变化,分别用I1和I2表示甲和乙两电流的有效值,则( )A.I1∶I2=2∶1B.I1∶I2=1∶2C.I1∶I2=1∶√2D.I1∶I2=√2∶1答案:D解析:对题图甲的交变电流分析,可知一个周期内交变电流的电流方向变化,而电流的大小不变,故题图甲的电流有效值为I1=I0;对题图乙的交变电流分析可知,其为正弦式交变电流,故其有效值为I2=0,故I1∶I2=√2∶√21,故选D。
3.在变电站里,经常要用交流电表监测电网上的强电流,所用的器材叫电流互感器,如图所示,能正确反映其工作原理的是( )答案:A解析:电流互感器把大电流变成小电流,测量时更安全,据变压器原理,I1I2=n2n1,I2=n1n2I1,所以要求线圈匝数n2>n1,原线圈要接在火线上,故本题只有A正确。
4.(广东东莞中学模拟)如图甲所示为理想自耦变压器,原线圈A、B端的输入电压随时间的变化规律如图乙所示,电表均为理想交流电表,则当此滑动变压器工作时,以下说法正确的是( )A.若滑片P处于某一确定位置,当滑动变阻器R的滑片下滑时,电流表示数变小B.若滑片P处于某一确定位置,当滑动变阻器R的滑片上滑时,电压表示数增大C.若滑片P和滑动变阻器R的滑片同时上移,则电流表示数一定变大D.若滑动变阻器最大阻值为100 Ω,且滑动变阻器R的滑片置于最上端,则在滑片P滑动的过程中,电流表的示数变化范围为0~2.2 A答案:D解析:本题考查自耦变压器的动态分析。
近年高考物理一轮复习阶段综合检测(五)第十二、十三章验收(2021年整理)
（江苏专版）2019高考物理一轮复习阶段综合检测（五）第十二、十三章验收编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（（江苏专版）2019高考物理一轮复习阶段综合检测（五）第十二、十三章验收）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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阶段综合检测（五) 第十二、十三章验收（时间：30分钟满分：48分）1．（12分）［选修3－3](1)一瓶矿泉水喝完一半之后，把瓶盖拧紧,不久瓶内水的上方形成了水的饱和汽.当温度变化时，瓶内水的饱和汽压与温度变化关系的图像正确的是________。
(2）如图为利用饮料瓶制作的水火箭,先在瓶中灌入一部分水，盖上活塞后竖直倒置,利用打气筒充入空气，当内部气压达到一定值时可顶出活塞，便能喷水使水火箭发射升空。
在喷水阶段,可以认为瓶内气体与外界绝热，则喷水阶段瓶内气体的温度________（选填“升高"“降低”或“不变”），瓶内壁单位面积上所受气体分子撞击的作用力________(选填“增大"“减小”或“不变”)。
(3）如图所示，用销钉固定的活塞把导热汽缸分隔成两部分,A部分气体压强p A ＝6。
0×105 Pa,体积V A＝1 L；B部分气体压强p B＝2.0×105 Pa，体积V B＝3 L。
现拔去销钉，外界温度保持不变，活塞与汽缸间摩擦可忽略不计，整个过程无漏气，A、B两部分气体均为理想气体。
求活塞稳定后A部分气体的压强。
解析：（1）与液体处于动态平衡的蒸汽叫饱和蒸汽；反之,称为不饱和蒸汽。
近年届高考物理一轮复习阶段综合检测(五)第十三、十四章验收(普通班)(2021学年)
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阶段综合检测(五) 第十三、十四章验收1.(1)［多选]下列说法正确的是（)Ａ.气体的温度升高,每个气体分子运动的速率都增大B.已知阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度,可算出该气体分子间的平均距离C.空调机作为制冷机使用时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外,所以制冷机的工作不遵守热力学第二定律Ｄ.附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为浸润E．若分子间的距离减小，则分子间的引力和斥力均增大(2）如图所示,固定的绝缘汽缸内有一质量为m的“T”型绝热活塞(体积可忽略),距汽缸底部h0处连接一U形管(管内气体的体积忽略不计），初始时,封闭气体温度为T0，活塞距离汽缸底部为１。
5h0，两边水银柱存在高度差,已知水银的密度为ρ,大气压强为p0,汽缸横截面积为S,活塞竖直部分长为1.2h0,重力加速度为g,试问：(ⅰ)初始时，水银柱两液面高度差多大?(ⅱ)缓慢降低汽缸内封闭气体的温度,当U形管水银面相平时封闭气体的温度是多少？解析：(1)温度是分子平均动能的标志,是大量分子无规则运动的宏观表现,气体温度升高，分子的平均动能增加,分子的平均速率增大,不是每个气体分子运动的速率都增大,故A错误;知道气体的摩尔质量和密度，可求出气体的摩尔体积,知道阿伏加德罗常数可求出每个气体分子占据的空间大小,从而能求出分子间的平均距离，故Ｂ正确；将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，产生了其他影响,即消耗了电能,所以不违背热力学第二定律,故C错误；附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时,液体与固体间表现为浸润,故D正确;若分子间的距离减小,如图所示,则分子间的引力和斥力均增大,故E正确.（2)（ⅰ）被封闭气体压强ｐ=p0＋错误!＝ｐ0+ρｇh初始时,液面高度差为h＝＼f（ｍ,ρＳ)。
高考物理一轮复习验收卷及答案
高考一轮收官物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分.在给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．物理学经常建立一些典型的理想化模型用于解决实际问题．下列关于这些模型的说法中正确的是（ ）A ．体育比赛中用的乒乓球总可以看作是一个位于其球心的质点B ．带有确定电量的导体球总可以看作是一个位于其球心的点电荷C ．分子电流假说认为在原子或者分子等物质微粒内部存在着一种环形电流，它使每个物质微粒都成为微小的磁体，它的两侧相当于两个磁极D ．在研究安培力时，与电场中的检验电荷作用相当的是一个有方向的电流元，实验过程中应当使电流元的方向跟磁场方向平行2．有a 、b 、c 、d 四颗地球卫星，a 还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b 处于地面附近近地轨道上正常运动，c 是地球同步卫星，d 是高空探测卫星，设地球自转周期为24h ，所有卫星均视为匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则有（ ）A ．a 的向心加速度等于重力加速度gB ．c 在4 h 内转过的圆心角是6π C ．b 在相同时间内转过的弧长最长D ．d 的运动周期有可能是23h3．有一静电场，其电势随x 坐标的改变而改变，变化的图线如图所示．若将一带负电粒子（重力不计）从坐标原点O 由静止释放，粒子沿x 轴运动，电场中P 、Q 两点的坐标分别为1mm 、4mm ．则下列说法正确的是（ ）A ．粒子经过P 点和Q 点时，加速度大小相等、方向相反B ．粒子经过P 点与Q 点时，动能相等C ．粒子经过P 点与Q 点时，电场力做功的功率相等D ．粒子在P 点的电势能为正值4．如图所示，P 是位于水平粗糙桌面上的物块，用跨过光滑轻质定滑轮的轻绳将P 与钩码Q 相连，Q 的质量为m ，在P 向右加速运动的过程中，桌面以上的绳子始终是水平的，关于物体P 受到的拉力和摩擦力的以下描述中正确的是（ ）A ．P 受到的拉力的施力物体是钩码Q ，大小等于mgB ．P 受到的拉力的施力物体是绳子，大小等于mgC ．P 受到的摩擦力方向水平向左，大小一定小于mgD ．P 受到的摩擦力方向水平向左，大小有可能等于mg5．如图所示，在高度不同的两水平台阶上放有质量分别为m 1、m 2的两物体，物体间用轻弹簧相连，弹簧与竖直方向夹角为θ．在m 1左端施加水平拉力F ，使m 1、m 2均处于静止状态，已知m 1表面光滑，重力加速度为g ，则下列说法正确的是（ ）A ．弹簧弹力的大小为1cos m g θB ．地面对m 2的摩擦力大小为FC ．地面对m 2的支持力可能为零D ．m l 与m 2一定相等6．如图为学校配电房向各个教室的供电示意图，T 为理想变压器，原副线圈的匝数比为4：1．V 1、A 1为监控市电供电端的电压表和电流表，V 2、A 2为监控校内变压器的输出电压表和电流表，R 1、R 2为教室的负载电阻，V 3、A 3为教室内的监控电压表和电流表，配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关S 闭合时（ ）A ．电流表A1、A 2和A 3的示数都变大B ．只有电流表A 1的示数变大C ．电压表V 3的示数变小D ．电压表V 1和V 2的示数比始终为4：17．如图是汽车运送圆柱形工件的示意图，图中P 、Q 、N 是固定在车体上的压力传感器，假设圆柱形工件表面光滑，汽车静止不动时Q 传感器示数为零而P 、N 传感器示数不为零．当汽车向左匀加速启动过程中，P 传感器示数为零而Q 、N 传感器示数不为零．已知sin15°=0.26，cos15°=0.97，tan15°=0.27，g=10m/s2．则汽车向左匀加速启动的加速度可能为（ ）A ．4m/s 2B ．3m/s 2C ．2m/s 2D ．1m/s 28．如图所示，正方形导线框ABCD 、abcd 的边长均为L ，电阻均为R ，质量分别为2m 和m ，它们分别系在一跨过两个定滑轮的轻绳两端，且正方形导线框与定滑轮处于同一竖直平面内．在两导线框之间有一宽度为2L 、磁感应强度大小为B 、方向垂直纸面向里的匀强磁场．开始时导线框ABCD 的下边与匀强磁场的上边界重合，导线框abcd 的上边到匀强磁场的下边界的距离为L ．现将系统由静止释放，当导线框ABCD 刚好全部进入磁场时，系统开始做匀速运动．不计摩擦和空气阻力，则（ ）A ．两线框刚开始做匀速运动时轻绳上的张力F T =mgB ．系统匀速运动的速度大小22mgR v B L= C ．两线框从开始运动至等高的过程中所产生的总焦耳热32244322m g R Q mgL B L=- D ．导线框abcd 通过磁场的时间232B L t mgR= 二、非选择题（共4小题，满分47分）9．如图甲所示，一位同学利用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验．有一直径为d 、质量为m 的金属小球由A 处由静止释放，下落过程中能通过A 处正下方、固定于B 处的光电门，测得A 、B 间的距离为H （H ＞＞d ），光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t ，当地的重力加速度为g ．则：（1）如图乙所示，用游标卡尺测得小球的直径d=_______cm ．（2）多次改变高度H ，重复上述实验，作出21t随H 的变化图象如图丙所示，当图中已知量t 0、H 0和重力加速度g 及小球的直径d 满足以下表达式:_________时，可判断小球下落过程中机械能守恒．（3）实验中发现动能增加量△E K 总是稍小于重力势能减少量△E P ，增加下落高度后，则 △Ep-△E k 将_______（选填“增加”、“减小”或“不变”）10．在测定某金属的电阻率实验中：a ．某学生进行了如下操作：①利用螺旋测微器测金属丝直径d ，如图1所示，则d=_______mm ．②测量金属丝电阻Rx 的电路图如图2所示，闭合电键S ，先后将电压表右侧接线端P 接a 、b该学生认真观察到两次测量中，电流表的读数几乎未变，发生这种现象的原因是______________________________，比较合理且较准确的金属丝电阻R x 测=_____Ω（保留两位有效数字），从系统误差角度分析，R x 的测量值与其真实值R x 真比较，R x 测____R x 真（填“＞”、“=b ．另一同学找来一恒压电源，按图B 的电路先后将接线端P 分别接a 处和b 处，测得相关数据如图3所示，该同学利用该数据可算出Rx 的真实值为______Ω． 11．如图所示，粗糙斜面倾角θ=37°，斜面宽a 为3m ，长b 为4m ，质量为0.1kg 的小木块从斜面A 点静止释放，释放同时用与斜面底边BC 平行的恒力F 推该小木块，小木块与斜面间的动摩擦因数为μ=0.5（g 取10m/s 2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．（1）若F 大小为0，求木块到达底边所需的时间t 1；（2）若木块沿斜面对角线从点A 运动到点C ，求力F 的大小及A 到C 所需时间t 2．12．如图，在xOy平面的第一、四象限内存在着方向垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场，第四象限内存在方向沿-y方向、电场强度为E的匀强电场．从y轴上坐标为a的一点向磁场区发射速度大小不等的带正电同种粒子，速度方向范围是与+y方向成（30°-150°），且在xOy平面内．结果所有粒子经过磁场偏转后都垂直打到x轴上，然后进入第四象限的匀强电场区．已知带电粒子电量为+q，质量为m，重力不计．（1）确定进入磁场速度最小粒子的速度方向，并求出速度大小．（2）所有通过磁场区的粒子中，求出最长时间与最短时间的比值．（3）从x轴上x＝1)a点射入第四象限的粒子穿过电磁场后经过y轴上y=-b的点，求该粒子经过y=-b点的速度大小．三、【物理——选修3-3】（共2小题，满分15分）13．近期我国多个城市的PM2.5数值突破警戒线，受影响最严重的是京津冀地区，雾霾笼罩，大气污染严重．PM2.5是指空气中直径等于或小于2.5微米的悬浮颗粒物，其漂浮在空中做无规则运动，很难自然沉降到地面，吸入后对^体形成危害．矿物燃料燃烧的排放是形成PM2.5的主要原因．下列关于PM2.5的说法中正确的是（）A．PM2.5的尺寸与空气中氧分子的尺寸的数量级相当B．PM2.5在空气中的运动属于布朗运动C．温度越低PM2.5活动越剧烈D．倡导低碳生活减步煤和石油等燃料的使用能有效减小PM2.5在空气中的浓度E．PM2.5中颗粒小一些的，其颗粒的运动比其它颗粒更为剧烈．14．如图所示蹦蹦球是一种儿童健身玩具，小明同学在17℃的室内对蹦蹦球充气，已知两球的体积约为2L ，充气前的气压为1atm ，充气筒每次充入0.2L 的气体，忽略蹦蹦球体积变化及克气过程中气体温度的变化，求：①充气多少次可以让气体压强增大至3atm ；②室外温度达到了-13℃，蹦蹦球拿到室外后，压强将变为多少？四、【物理——选修3-4】（共2小题，满分0分）15．关于机械振动与机械波说法正确的是（ ）A ．机械波的频率等于振源的振动频率B ．机械波的传播速度与振源的振动速度相等C ．质点振动的方向总是垂直于波传播的方向D ．在一个周期内，沿着波的传播方向，振动在介质中传播一个波长的距离E ．机械波在介质中传播的速度由介质本身决定16．如图所示，一束光线以60°的入射角射到一水平放置的平面镜上，反射后在上方与平面镜平行的光屏上留下一光点P ，现在将一块上下两面平行的透明体平放在平面镜上，则进入透明体的光线经平面镜反射后再从透明体的上表面射出，打在光屏上的P ′点（图中未标出），与原来P 点相比向左平移了3.46cm 动的时间．五、【物理——选修3-5】（共2小题，满分0分）17．下列说法正确的是（ ）A ．β射线与γ射线一样都是电磁波，但β射线的穿透本领远比γ射线弱B ．玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征C ．氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时氢原子的能量减少D ．在原子核中，比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固E ．3892U 衰变成20682b P 要经过6次β衰变和8次α衰变18．水平台球桌面上母球A 、目标球B 和球袋洞口边缘C 位于一条直线上，设A 、B 两球质量均为0.25kg 且可视为质点，A 、B 间的距离为5cm ，B 、C 间距离为x=160cm ，因两球相距很近，为避免“推杆”犯规（球杆推着两球一起运动的现象），常采用“点杆”击球法（当球杆杆头接触母球的瞬间，迅速将杆抽回，母球在离杆后与目标球发生对心正碰，因碰撞时间极短，可视为完全弹性碰撞），设球与桌面的动摩擦因数为μ=0.5，为使目标球可能落入袋中，求：①碰撞过程中A 球对B 球的最小冲量为多大（碰撞过程中的摩擦阻力可忽略不计）； ②碰撞前瞬间A 球的速度最小是多大．参考答案:1、C 2、C 3、B 4、C 5、B 6、CD 7、AB 8、BC9、（1）0.725 （2）22002gH t d =（3）增加10、（1）1.705 （2）电压表电阻远大于金属丝电阻，电压表分流几乎为零 12 < 1311、解：（1）物体在斜面上沿斜面产生的加速度为：2sin cos sin cos 2/mg mg a g g m s mθμθθμθ-==-=下滑时间为：12t s === （2）若木块沿斜面对角线从点A 运动到点C ，说明物体受到的合力沿AC 方向，设AC 与AB 夹角为α，5AC m =，由几何关系可得：3sin 5α=故施加的外力为：sin tan 0.45F mg N θα==由牛顿第二定律可得产生的加速度为：2sin cos cos 3.5/mg mg a m s mθμθα-'== 由运动学公式2212x a t '=得：2 1.5t s ==≈ 12、解：（1）设速度V 粒子与y 轴夹角θ，垂直达到x 轴上满足：sin a R θ= 又2mv qvB R=得sin qBR qBa v m m θ==所以90θ= 时，min qBa v m = （2）最长时间对应粒子初速度与y 轴正方向夹角30 ，转过150 ********T t =⨯ 最短时间对应粒子初速度与y 轴负方向夹角30 ，转过30 2301802T t =⨯ 12:5t t =（3）粒子射出时与y 轴负方向夹角θ，则有cos 1)a R R θ-=sin R a θ= 得45θ=R =速度0v为：0qBR v m ==设到达y 轴速度为v ，则2201122qEb mv mv =-v =13、BDE14、解：（1）设充气n 次可以让气体压强增大至3atm.根据充气过程中气体发生等温变化，以蹦蹦球内原来的气体和所充气体整体为研究对象，由玻意耳定律得()12P V n V PV +∆=代入：()120.232n ⨯+⨯=⨯解得n=20次（2）当温度变化，气体发生等容变化，由查理定律得：3223P P T T =可得P 3=2.8atm 15、ADE 16、10210-⨯s 17、BCE18、解：（1）设碰撞后瞬间B 秋能进入球袋的最小速度为V B ，由动能定理得：2102B mgx mv μ-=-代入数据解得：4/B v m s = 由动量定理得：0.2541/B I mv kg m s ==⨯=（2）设A 碰撞前瞬间最小速度为A v ，碰撞后瞬间为V ，以A 的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：A B mv mv mv =+由机械能守恒得：222111222A B mv mv mv =+ 联立方程并代入数据得：4/A B V V m s ==，V=0。
2021高考物理一轮复习第十二章近代物理单元质检新人教版
2021高考物理一轮复习第十二章近代物理单元质检新人教版(时刻:45分钟满分:100分)一、选择题(本题共7小题,每小题8分,共56分。
在每小题给出的选项中,第1~4题只有一项符合题目要求,第5~7题有多项符合题目要求。
全部选对的得8分,选对但不全的得4分,有选错的得0分)1.(2021·陕西西安未央区期末)关于物质的波粒二象性,下列说法不正确的是()A.不仅光子具有波粒二象性,一切运动的微粒都具有波粒二象性B.运动的微观粒子与光子一样,当它们通过一个小孔时,都没有特定的运动轨道C.波动性和粒子性,在宏观现象中是矛盾的、对立的,但在微观高速运动的现象中是统一的D.实物的运动有特定的轨道,因此实物不具有波粒二象性,大量光子运动的规律表现出光的波动性,而单个光子的运动表现出光的粒子性。
光的波长越长,波动性越明显,光的频率越高,粒子性越明显,而宏观物体的德布罗意波的波长太小,实际专门难观看到波动性,不是不具有波粒二象性。
2.(2021·北京卷)2021年年初,我国研制的“大连光源”——极紫外自由电子激光装置,发出了波长在100 nm(1 nm=10-9m)邻近连续可调的世界上最强的极紫外激光脉冲。
大连光源因其光子的能量大、密度高,可在能源利用、光刻技术、雾霾治理等领域的研究中发挥重要作用。
一个处于极紫外波段的光子所具有的能量能够电离一个分子,但又可不能把分子打碎。
据此判定,能够电离一个分子的能量约为(取普朗克常量h=6.6×10-34J·s,真空光速c=3×108 m/s)()A.10-21 JB.10-18JC.10-15 JD.10-12J解析电离能等于一个处于极紫外波段的光子能量E=hν=h=6.6×10-34×J≈1.98×10-18 J,故选B。
3.(2021·全国卷Ⅱ)一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核,衰变方程为Th He。
高考物理一轮复习 阶段综合检测(一)第一三章验收 (2)
权掇市安稳阳光实验学校阶段综合检测（一）第一~三章验收(时间：90分钟满分：110分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)★1．(2018·绍兴期中)高速路上堵车，小东听到导航仪提醒“前方3公里拥堵，估计需要24分钟通过”，根据导航仪提醒，下列推断合理的是( ) A．汽车将匀速通过前方3公里B．能够计算出此时车子的速度是0.125 m/sC．通过前方这3公里的过程中，车子的平均速度大约为7.5 km/hD．若此时离目的地还有30公里，到达目的地一定需要240分钟解析：选C 前方拥堵，汽车不可能做匀速运动通过3公里，故A错误；根据题设条件，汽车的瞬时速度无法求出，故B错误；根据平均速度公式可知，平均速度约为：v＝xt＝32460km/h＝7.5 km/h，故C正确；经过拥堵路段后，汽车的速度并不一定一直保持，故此后的运动时间无法确定，故D错误。
★2.(2018·绵阳模拟)甲、乙两物体同时从同一地点出发，其vt图像如图所示。
下列说法正确的是( )A．甲、乙两物体运动方向相反，加速度方向相同B．甲的位移不断减小，乙的位移不断增大C．第1 s末两物体相遇D．前2 s内两物体的平均速度相同解析：选D 在vt图像中，速度的正负表示速度的方向，图线的斜率表示加速度，故两物体运动方向相同，加速度方向相反，故A错误；根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，可知甲、乙两物体位移都不断增大，故B错误。
第1 s末两物体通过的位移不相等，而两者又是从同一地点出发的，故不可能相遇，故C错误；在vt图像中，图线与时间轴所围面积表示物体通过的位移，则知前2 s内，两个物体通过的位移相等，所用时间相等，故前2 s内两物体的平均速度相同，故D正确。
高考物理一轮复习 阶段综合检测第一五章验收0
权掇市安稳阳光实验学校第一~五章验收(时间：100分钟 满分：120分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题3分，共计21分。
每小题只有一个选项符合题意)1．(2018·汕头一模)一骑行者所骑自行车前后轮轴的距离为L ，在水平道路上匀速运动，当看到道路前方有一条减速带时，立刻刹车使自行车做匀减速直线运动，自行车垂直经过该减速带时，对前、后轮造成的两次颠簸的时间间隔为t 。
利用以上数据，可以求出前、后轮经过减速带这段时间内自行车的( )A ．初速度B ．末速度C ．平均速度D ．加速度解析：选C 在只知道时间t 和这段时间内运动位移x 的前提下，由v ＝x t可知能求平均速度v ，C 项正确。
2.(2018·武汉模拟)一段圆环固定在竖直面内，O 为圆心，轻绳的两端分别系在圆环上的P 、Q 两点，P 、Q 两点等高，一物体通过光滑的轻质挂钩挂在绳上，物体处于静止状态。
现保持轻绳的Q 端位置不变，使P 端在圆环上沿逆时针方向缓慢转动，至PO 水平。
此过程中轻绳的张力( )A ．一直减小B ．一直增大C ．先增大后减小D ．先减小后增大解析：选B 物体通过光滑的挂钩挂在绳上，绳各处张力相等。
P 端沿逆时针旋转过程中，两绳夹角变大，合力大小、方向不变，故两分力都变大，即轻绳的张力一直增大，选项B 正确。
3.我国成功发射“天宫二号”空间实验室，然后发射“神舟十一号”飞船与“天宫二号”对接，如图所示，假设“天宫二号”与“神舟十一号”都围绕地球做匀速圆周运动，为了实现飞船与空间实验室的对接，下列措施可行的是( )A ．使飞船与空间实验室在同一轨道上运行，然后飞船加速追上空间实验室实现对接B ．使飞船与空间实验室在同一轨道上运行，然后空间实验室减速等待飞船实现对接C ．飞船先在比空间实验室半径小的轨道上加速，加速后飞船逐渐靠近空间实验室，两者速度接近时实现对接D ．飞船先在比空间实验室半径小的轨道上减速，减速后飞船逐渐靠近空间实验室，两者速度接近时实现对接解析：选C 飞船在同一轨道上加速追赶空间实验室时，速度增大，所需向心力大于万有引力，飞船将做离心运动，不能实现与空间实验室的对接，选项A 错误；同理，空间实验室在同一轨道上减速等待飞船时，速度减小，所需向心力小于万有引力，空间实验室将做近心运动，也不能实现对接，选项B错误；当飞船在比空间实验室半径小的轨道上加速时，飞船做离心运动，逐渐靠近空间实验室，可实现对接，选项C正确；当飞船在比空间实验室半径小的轨道上减速时，飞船将做近心运动，远离空间实验室，不能实现对接，选项D错误。
山东省专用学年高中物理第十三章光阶段验收评估一光含解析新人教版选修.doc
阶段验收评估（一）光一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分。
第1～5小题只有一个选项符合题目要求，第6～8小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1．对于某单色光，玻璃的折射率比水的大，则此单色光在玻璃中传播时()A．其速度比在水中的大，其波长比在水中的长B．其速度比在水中的大，其波长比在水中的短C．其速度比在水中的小，其波长比在水中的短D．其速度比在水中的小，其波长比在水中的长解析：选C由n＝，n玻＞n水，可得：v玻＜v水，又v＝λf，f相同，波速越小，波长越短，所以光在玻璃中的波长比水中的短，故只有C项正确。
2.如图所示的双缝干涉实验，用绿光照射单缝S时，在光屏P上观察到干涉条纹，要得到相邻条纹间距更大的干涉图样，可以()A．增大S1与S2的间距B．减小双缝屏到光屏的距离C．将绿光换为红光D．将绿光换为紫光解析：选C双缝干涉的条纹间距公式：Δx＝λ，增大S1与S2的间距就是增大d，所以条纹间距变小，A错误；减小双缝屏到光屏的距离就是减小l，条纹间距变小，B错误；红光波长比绿光波长长，紫光波长比绿光波长短，所以将绿光换为红光，条纹间距增大，C正确，D错误。
3．有一块玻璃砖，上、下两面光滑且平行，有一束光线从空气射入玻璃砖，下面给出的四个光路图中正确的是()解析：选D本题中由于玻璃砖上、下表面平行，光在上表面的折射角等于下表面的入射角，上表面能够发生折射，则下表面一定能够发生折射，又因为有折射就有反射，故D正确。
4.如图所示，一细束红光和一细束蓝光平行射到同一个三棱镜上，经折射后交于光屏上的同一个点M，若用n1和n2分别表示三棱镜对红光和蓝光的折射率，下列说法中正确的是()A．n1＜n2，a为红光，b为蓝光B．n1＜n2，a为蓝光，b为红光C．n1＞n2，a为红光，b为蓝光D．n1＞n2，a为蓝光，b为红光解析：选B由题图可知，b光线经过三棱镜后的偏折角较小，因此折射率较小，是红光。
2023届河北省高三一轮复习联考物理试卷(五)
2023届河北省高三一轮复习联考物理试卷（五）一、单选题 (共6题)第(1)题某同学为了研究水波的传播特点，在水面上放置波源和浮标，两者的间距为L。
时刻，波源开始从平衡位置沿y轴在竖直方向做简谐运动，产生的水波沿水平方向传播（视为简谐波），时刻传到浮标处使浮标开始振动，此时波源刚好位于正向最大位移处，波源和浮标的振动图像分别如图中的实线和虚线所示，则（ ）A．浮标的振动周期为B．水波的传播速度大小为C．时刻浮标沿y轴负方向运动D．水波的波长为第(2)题质量为的小物块在水平面上运动，其速度一时间图像如图所示，下列判断正确的是（ ）A．内的位移大小等于B．内的平均速度大小等于C．内的加速度大小等于D．内小物块受到的合外力大小等于第(3)题B超成像的基本原理是探头向人体发射一组超声波，遇到人体组织会产生不同程度的反射，探头接收到的超声波信号输入计算机，形成B超图像。
血管探头发送的简谐超声波图像如图所示，时刻波恰好传到质点M，时刻恰好传到质点N。
下列说法正确的是（ ）A．血管探头发出的超声波在血管中的传播速度为B．质点N开始振动的方向沿y轴负方向C．质点M的振动方程为D．时，质点M与质点N的位移大小相等、方向相反第(4)题如图所示四幅图为物体做直线运动的图像，下列说法正确的是（ ）A．甲图中，物体在0~t0时间内的位移等于B．乙图中，物体的加速度大小为1m/s2C．丙图中，阴影面积表示t1~t2时间内物体的加速度变化量D．丁图中t=4s时物体的速度大小为35m/s第(5)题如图所示为一定质量的理想气体的压强随体积变化的图像，其中AB段为双曲线，BC段与横轴平行，则下列说法正确的是（ ）A．整个循环过程中，气体对外界做的功大于外界对气体做的功B．过程①气体分子单位时间内对容器壁单位面积的平均作用力增大C．过程②中气体分子单位时间内对容器壁的碰撞次数减少D．过程③中气体分子单位时间内对容器壁的碰撞次数减少第(6)题如图是一款称之为“钢珠永动机”的玩具，小钢珠从A处小孔沿轨道静止滑落，从C处飞离轨道作斜抛运动，然后落到圆盘后滚至A处从小孔再次落下，周而复始。
(江苏专版)2020版高考物理一轮复习阶段综合检测(一)第一_三章验收(含解析)
第一~三章验收(时间：100分钟 满分：120分)一、单项选择题(本题共5小题，每小题3分，共计15分。
每小题只有一个选项符合题意)1．(2018·绍兴期中)高速路上堵车，小东听到导航仪提醒“前方3公里拥堵，估计需要24分钟通过”，根据导航仪提醒，下列推断合理的是( )A ．汽车将匀速通过前方3公里B ．能够计算出此时车子的速度是0.125 m/sC ．通过前方这3公里的过程中，车子的平均速度大约为7.5 km/hD ．若此时离目的地还有30公里，到达目的地一定需要240分钟解析：选C 前方拥堵，汽车不可能做匀速运动通过3公里，故A 错误；根据题设条件，汽车的瞬时速度无法求出，故B 错误；根据平均速度公式可知，平均速度约为：v ＝x t ＝32460km/h ＝7.5 km/h ，故C 正确；经过拥堵路段后，汽车的速度并不一定一直保持，故此后的运动时间无法确定，故D 错误。
2.(2018·绵阳模拟)甲、乙两物体同时从同一地点出发，其v t 图像如图所示。
下列说法正确的是( )A ．甲、乙两物体运动方向相反，加速度方向相同B ．甲的位移不断减小，乙的位移不断增大C ．第1 s 末两物体相遇D ．前2 s 内两物体的平均速度相同解析：选D 在v t 图像中，速度的正负表示速度的方向，图线的斜率表示加速度，故两物体运动方向相同，加速度方向相反，故A 错误；根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，可知甲、乙两物体位移都不断增大，故B 错误。
第1 s 末两物体通过的位移不相等，而两者又是从同一地点出发的，故不可能相遇，故C 错误；在v t 图像中，图线与时间轴所围面积表示物体通过的位移，则知前2 s 内，两个物体通过的位移相等，所用时间相等，故前2 s 内两物体的平均速度相同，故D 正确。
3．(2018·南宁模拟)手拿一个锤头敲在一块玻璃上把玻璃打碎了。
2023届河北省高三一轮复习联考物理试卷(五)
2023届河北省高三一轮复习联考物理试卷（五）一、单选题 (共6题)第(1)题氢原子能级示意图如图所示，下列说法正确的是（ ）A．氢原子从能级跃迁到能级，该氢原子的能量增加B．氢原子从能级跃迁到能级，该氢原子向外辐射光子C．大量处于能级的氢原子向基态跃迁过程中最多可辐射出3种频率的光子D．处于基态的氢原子电离时将向外辐射13.6eV的能量第(2)题如图所示，长度为l的轻质细线一端与带孔小球A连接，另一端与木块B连接，小球A穿在光滑的固定水平杆（足够长）上，小球A与木块B质量均为m。
t＝0时刻，给木块B一水平瞬时冲量I，使其获得v 0＝的初速度，则从t＝0时刻至B再次运动到A正下方的过程中（）A ．A、B沿绳方向加速度始终相等B．绳对A球的冲量大小为mC．绳对A先做正功后做负功D．木块B再次运动到A正下方时绳子拉力的大小为3mg第(3)题某种光电式火灾报警器的原理如图所示，由红外光源发射的光束经烟尘粒子散射后照射到光敏电阻上，光敏电阻接收的光强与烟雾的浓度成正比，其阻值随光强的增大而减小。
闭合开关，当烟雾浓度达到一定值时，干簧管中的两个簧片被磁化而接通，触发蜂鸣器报警。
为了能在更低的烟雾浓度下触发报警，下列调节正确的是（）A．增大电阻箱的阻值B．增大电阻箱的阻值C．增大电源的电动势D．增大干簧管上线圈的匝数第(4)题随着国家“双碳”计划的推进，单相发电机得到更为广泛的应用。
如图甲为单相电交流发电机内部结构图，匝数为N的矩形线圈位置不变，磁铁绕轴转动后，线圈中生成正弦波形交变电流如图乙所示，其电动势峰值为，周期为T，回路总电阻为R，则在时间内通过线框截面的电荷量为（ ）A．B．C．D．第(5)题有关物体的内能，下列说法正确的是（ ）A．物体温度升高，组成物体的分子的平均动能增大B．由于物体被举高，组成物体的分子的分子势能增大C．物体吸收热量，其内能一定增大D．物体对外界做功，其内能一定减小第(6)题2022年10月9日，中国首颗综合性太阳探测卫星“夸父一号”成功发射，开启中国综合性太阳观测新时代。
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阶段综合检测（五）第十二、十三章验收
(时间：30分钟满分：48分)
1．(12分)[选修3－3]
(1)一瓶矿泉水喝完一半之后，把瓶盖拧紧，不久瓶内水的上方形成了水的饱和汽。
当温度变化时，瓶内水的饱和汽压与温度变化关系的图像正确的是________。
(2)如图为利用饮料瓶制作的水火箭，先在瓶中灌入一部分水，盖上活塞后竖直倒置，利用打气筒充入空气，当内部气压达到一定值时可顶出活塞，便能喷水使水火箭发射升空。
在喷水阶段，可以认为瓶内气体与外界绝热，则喷水阶段瓶内气体的温度________(选填“升高”“降低”或“不变”)，瓶内壁单位面积上所受气体分子撞击的作用力________(选填“增大”“减小”或“不变”)。
(3)如图所示，用销钉固定的活塞把导热汽缸分隔成两部分，A部分气体
压强p A＝6.0×105Pa，体积V A＝1 L；B部分气体压强p B＝2.0×105Pa，体积
V B＝3 L。
现拔去销钉，外界温度保持不变，活塞与汽缸间摩擦可忽略不计，
整个过程无漏气，A、B两部分气体均为理想气体。
求活塞稳定后A部分气体的压强。
解析：(1)与液体处于动态平衡的蒸汽叫饱和蒸汽；反之，称为不饱和蒸汽。
饱和蒸汽压强与饱和蒸汽体积无关，在一定温度下，饱和蒸汽的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，这个压强叫做饱和蒸汽压强。
同温下未饱和蒸汽压强小于饱和蒸汽压强，对于同一种液体，饱和汽压随温度升高而增大，故B正确，A、C、D错误。
(2)当水火箭将水瞬间喷出时，气体对外做功，而此瞬间过程没有吸热，故瓶内温度降低，从而使分子的平均速率减小，在单位时间单位面积上分子的撞击力减小。
(3)拔去销钉，待活塞稳定后，p A′＝p B′①
根据玻意耳定律，对A部分气体，p A V A＝p A′(V A＋ΔV)②
对B部分气体，p B V B＝p B′(V B－ΔV)③
由①②③联立：p A′＝3.0×105 Pa。
答案：(1)B (2)降低减小(3)3.0×105 Pa
2．(12分)[选修3－3]
(1)下列说法中正确的是________。
A ．给车胎打气，越压越吃力，是由于分子间存在斥力
B ．大头针能浮在水面上，是由于水的表面存在张力
C ．人感觉到空气湿度大，是由于空气中水蒸气的饱和气压大
D ．单晶体呈现各向异性，是由于晶体内部原子按照一定规则排列
(2)已知常温常压下CO 2气体的密度为ρ，CO 2的摩尔质量为M ，阿伏加德罗常数为N A ，则在该状态下容器内体积为V 的CO 2气体含有的分子数为________。
在3 km 的深海中，CO 2浓缩成近似固体的硬胶体，此时若将CO 2分子看做直径为d 的球，则该容器内CO 2气体全部变成硬胶体后体积约为________。
(3)某压力锅结构如图所示。
盖好密封锅盖，将压力阀套在出气
孔上，给压力锅加热。
①在压力阀被顶起前，停止加热，若此时锅内气体的体积为V 、
摩尔体积为V 0，阿伏加德罗常数为N A ，计算锅内气体的分子数。
②在压力阀被顶起后，停止加热。
假设放气过程中气体对外界做功为W 0，并向外界释放了Q 0的热量，求该过程锅内原有气体内能的变化量。
解析：(1)给车轮胎打气，越压越吃力，主要是由于打气过程中气体压强增加的缘故，不是由于分子间存在斥力，故A 错误；在液体表面，分子间的间距大于平衡距离r 0，分子间作用力表现为引力，所以液体表面存在张力，使大头针能浮在水面上，故B 正确；人感觉到空气湿度大，是由于空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和气压的差距小，故C 错误；单晶体呈现各向异性，是由于晶体内部原子按照一定规则排列形成的，故D 正确。
(2)体积为V 的CO 2气体质量m ＝ρV ，则分子数n ＝m M N A ＝ρVN A M。
CO 2浓缩成近似固体的硬胶体，分子个数不变，则该容器内CO 2气体全部变成硬胶体后体积约为：V ′＝n ·16
πd 3＝πd 3ρVN A 6M。
(3)①物质的量等于总体积除以摩尔体积，分子数等于物质的量与阿伏加德罗常数的积，设分子数为n ，故有：n ＝V V 0
N A 。
②由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q 得：ΔU ＝－W 0－Q 0。
答案：(1)BD (2)ρVN A M πd 3ρVN A 6M
(3)①n ＝V V 0
N A ②ΔU ＝－W 0－Q 0
3．(12分)[选修3－4]
(1)关于光的偏振现象，下列说法中正确的是________。
A ．偏振光沿各个方向振动的光波的强度都相同
B ．自然光在水面反射时，反射光和折射光都是一定程度的偏振光
C ．光的偏振现象说明光是一种纵波
D ．照相机镜头表面的镀膜是光的偏振现象的应用
(2)如图所示，宽度为l 的宇宙飞船沿其长度方向以速度u (u 接近光速c )远
离地球，飞船发出频率为ν的单色光。
地面上的人接收到光的频率________(选
填“大于”“等于”或“小于”)ν，看到宇宙飞船宽度________(选填“大
于”“等于”或“小于”)l 。
(3)如图所示，一截面为梯形的鱼塘贮满水，鱼塘右侧坡面的倾角为α，水的折射为n 。
不同时刻太阳光线与水平面的夹角θ在变化，求当θ满足什么条件时，阳光能够照射到整个鱼塘的底部。
解析：(1)自然光是在垂直于传播方向上沿一切方向振动且各个方向振动的光波强度都相同，而不是偏振光，故A 错误；自然光在水面反射时，反射光和折射光的振动方向不同，都是一定程度的偏振光，所以B 正确；光的偏振现象说明光是一种横波，故C 错误；照相机的增透膜，使得反射光发生干涉从而使其减弱，是光的干涉现象，故D 错误。
(2)由相对论可知，光的传播速度不变，因此该光相对飞船的速度等于c ；飞船高速远离地球，由多普勒效应可知，地球上接收到的光的频率小于ν，根据爱因斯坦的相对论的尺缩效应，看到宇宙飞船的长度减小，但宽度不变。
(3)当右侧光线经水折射后，刚好沿鱼塘右侧坡面时，则此时阳光刚好能够照射到整个鱼塘的底部。
设此时太阳光线与水平面的夹角θ0，根据折射定律，得
n ＝sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫π2－θ0sin ⎝ ⎛⎭
⎪⎫π2－α 解得cos θ0＝n cos α
所以θ满足的条件为cos θ ≤n cos α。
答案：(1)B (2)小于 等于 (3)cos θ≤n cos α
4．(12分)[选修3－4]
(1)如图所示，A 、B 、C 三个小钢球的质量分别为2m 、12
m 、m ，A 球振动后，通过张紧的水平细绳给其它各摆施加驱动力，当B 、C 振动达到稳定时，下列说法正确的是________。
A ．
B 的振动周期最大
B ．
C 的振幅比B 的振幅小
C ．C 的振幅比B 的振幅大
D ．A 、B 、C 的振动周期相等
(2)一列简谐横波沿＋x 方向传播，波长为λ，周期为T 。
在t ＝0时刻该波的波形图如图甲所示，O 、a 、b 是波上的三个质点。
则图乙可能表示________(选填“O ”“a ”或“b ”)质点的振动图象；t ＝T 4
时刻质点a 的加速度比质点b 的加速度________(选填“大”或“小”)。
(3)一束单色光由左侧射入盛有清水的薄壁圆柱型玻璃杯，如图
所示为过轴线的截面图，调整入射角α，光线恰好在水和空气的界面
上发生全反射，已知水的折射率为43
，求sin α的值。
解析：(1)根据共振的条件，因为C 的绳长与A 相同，则C 能与A 发生共振，振幅较大，选项B 错误，C 正确；B 、C 在A 的作用下做受迫振动，故频率都与A 相同，即A 、B 、C 的振动周期相等，故选项A 错误，D 正确；故选C 、D 。
(2)由题图乙可知，t ＝0时刻质点的振动方向向上，由甲图可知，波沿x 轴正向传播，
t ＝0时刻b 点的振动方向向上，故图乙可表示b 质点的振动图像；t ＝T 4
时刻，a 质点到达平衡位置，加速度为零，而b 质点到达波峰位置，加速度最大，则此时刻质点a 的加速度比质点b 的加速度小。
(3)当光线在水面发生全反射时有sin C ＝1n
，
当光线从左侧射入时，由折射定律有sin αsin ⎝ ⎛⎭
⎪⎫π2－C ＝n ， 联立这两式代入数据可得sin α＝73。
答案：(1)CD (2)b 小 (3)sin α＝
73。