浙江省湖州市2019-2020学年新高考高二物理下学期期末综合测试试题

2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共8小题
1．如图所示，固定的水平长直导线中通有恒定电流I ，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行．线框由静止释放，在下落过程中
A ．由于线框的速度增大，穿过线框的磁通量可能不变
B ．线框中一定有顺时针方向的感应电流
C ．线框所受合外力的方向可能向上
D ．线框的机械能守恒
2．下列说法正确的是
A ．气体压强仅与气体分子的平均动能有关
B ．温度标志着物体内大量分子热运动的剧烈程度
C ．内能是物体中所有分子热运动所具有的动能的总和
D ．气体膨胀对外做功且温度降低，分子的平均动能可能不变
3．如图所示的电路中，电源电动势为6V ，当开关S 接通后，灯泡1L 和2L 都不亮，用电压表测得各部分电压是6V ab ad U U ==，0V cd bc U U ==，经检查，各段导线以及导线与各元件的连接处良好，由此可判定
A ．开关S 处接触不良
B ．1L 的灯丝烧断了
C ．2L 的灯丝烧断了
D ．变阻器R 断路
4．用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，接通电路后，下列判断正确的是
A．两只电表的指针都不偏转
B．两只电表的指针偏转角相同
C．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角
D．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角
5．下列关于交变电流的说法正确的是()
A．若交变电流的峰值为5 A，则它的最小值为－5 A
B．用交流电流表测交变电流时，指针来回摆动
C．我国工农业生产和生活用的交变电流频率为50 Hz，故电流方向每秒改变100次
D．正弦交变电流i＝20sin 10πtA的峰值为20 A，频率为100 Hz
6．物体做匀加速直线运动，已知第1s末的速度是6m/s，第2s末的速度是8m/s，则下面结论正确的是（）A．物体零时刻的速度是3 m/s B．物体的加速度是2 m/s2
C．第1s内的位移是6m D．第1 s内的平均速度是6 m/s
7．如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火将卫星送入椭圆轨道2，然后再次点火，将卫星送入同步轨道3.轨道1、2相切于Q点，2、3相切于P点，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，下列说法中正确的是( ).
A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率
B．卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度
C．卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度
D．卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度
8．如图所示，矩形线圈处于匀强磁场边缘，线圈与磁感线垂直，则在两次以不同大小的速度，将线圈向右匀速拉出磁场过程中，相同的是
A．通过线圈某一截面的电荷量
B ．拉力的功率
C ．线圈中产生的电热
D ．拉力大小
二、多项选择题：本题共4小题
9．带电粒子垂直匀强磁场方向运动时，会受到洛伦兹力的作用．下列图中粒子所受洛伦兹力的方向正确的是( )
A ．
B ．
C ．
D ．
10．下列说法正确的
A ．1511247162N H C He +→+是α衰变方程
B ．123112H H H e γ+→+是核聚变反应方程
C ．238
234492902U Th He →
+是核裂变反应方程 D ．427
301213150H A P n e l +→
+是原子核的人工转变方程 11．如图所示，质量为m 的小滑块在水平地而上以大小恒为a 的加速度减速向左运动，当滑块向左运动的速度大小为v 时，加一方向水平向右、大小为
的恒定拉力。

若滑块受到的最大静摩擦力与滑动摩擦力
大小相等，空气阻力不计，则（ ）
A．滑块受到的摩擦力大小可能为
B．该拉力作用一段时间后，滑块的加速度大小可能为a
C．从刚受到恒定拉力起经过时间4
3
v
a
，滑块的速度大小又变为v
D．从受到恒定拉力起经过时间4
3
v
a
，滑块的位置与其刚受到恒定拉力时的位置相同
12．供电系统由于气候原因遭到严重破坏．为此，某小区启动了临时供电系统，它由备用发电机和副线圈匝数可调的变压器组成，如图所示，图中R0表示输电线的电阻．滑动触头P置于a处时，用户的用电器恰好正常工作，在下列情况下，要保证用电器仍能正常工作，则（）
A．当发电机输出的电压发生波动使V1示数小于正常值，用电器不变时，应使滑动触头P向上滑动B．当发电机输出的电压发生波动使V1示数小于正常值，用电器不变时，应使滑动触头P向下滑动C．如果V1示数保持正常值不变，那么当用电器增加时，滑动触头P应向上滑
D．如果V1示数保持正常值不变，那么当用电器增加时，滑动触头P应向下滑
三、实验题:共2小题
13．为了探究“电磁感应现象”，某实验小组利用了灵敏电流计G、线圈A、B等实验器材．已知灵敏电流计G不通电时，指针指示在刻度盘中央“0”刻线处．实验主要步骤如下：
(1)如图甲所示，闭合开关S，观察到灵敏电流计G的指针向左偏．
(2)如图乙所示，闭合开关S，可以观察到灵敏电流计G的指针________；开关闭合一段时间后，再断开开关，可以观察到灵敏电流计G的指针_________．(填“向左偏”、“向右偏”或“指针在刻度盘中央‘0’刻线处”)
14．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ.步骤如下：(1)用游标为20 分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为L＝________mm；
(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图可知其直径D＝________mm；
(3)用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻R，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为________Ω.
(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：
待测圆柱体电阻R
电流表A1(量程0～4 mA，内阻约50 Ω) 电流表A2(量程0～30 mA，内阻约30 Ω)
电压表V1(量程0～3 V，内阻约10 kΩ) 电压表V2(量程0～15 V，内阻约25 kΩ)
直流电源E(电动势4 V，内阻不计)
滑动变阻器R1(阻值范围0～15 Ω，允许通过的最大电流2.0 A)
开关S、导线若干
为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，某同学设计电路时，电流表应选用______、（选填“A1”或“A2”）电流表应采用______法（选填“内接”或“外接”），滑动变阻器应采用______式接法（选填“分压”或“限流”）
四、解答题：本题共4题
15．如图，这是一种平板型太阳能空气集热器，底面及侧面为隔热材料，底部有吸热板，顶面为透明盖板，太阳辐射穿过透明盖板后，投射在吸热板上转化成热能使内部空气的温度升高。

集热器容积为V0，开始时内部封闭气体的压强为p0。

经过太阳曝晒，气体温度由t0=27℃升至t1=87℃。

(ⅰ)求此时气体的压强。

(ⅱ)保持t1不变，缓慢抽出部分气体，使气体压强再变回到p0。

求集热器内剩余气体的质量与原来总质量的比值。

(ⅲ)判断在抽气过程中剩余气体是吸热还是放热，并简述原因。

16．如图所示，将木板置于水平面上，在木板右端施加水平拉力，当木板速度达到2m/s时，将小铁块轻放在木板右端，已知小铁块质量m＝2kg，与木板间的动摩擦因数μ＝0.2，木板质量M＝3kg、长L＝1.125m，
重力加速度g ＝10m/s 2。

（1）若水平面光滑，放置铁块后木板以3m/s 2的加速度做匀加速运动，求拉力大小及铁块在木板上运动的时间；
（2）若水平面与木板间的动摩擦因数μ′＝0.16，水平拉力F′＝9N ，求铁块相对木板滑动的距离。

17．如图，容积为V 的汽缸由导热材料制成，面积为S 的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分，汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连，细管上有一阀门K.开始时，K 关闭，汽缸内上下两部分气体的压强均为p 0.现将K 打开，容器内的液体缓慢地流入汽缸，当流入的液体体积为8
V 时，将K 关闭，活塞平衡时其下方气体的体积减小了
6
V .不计活塞的质量和体积，外界温度保持不变，重力加速度大小为g.求流入汽缸内液体的质量.
18．如图所示，在xoy 平面的第二象限内有沿y 轴负方向的匀强电场，电场强度的大小E=102V/m ，第一象限某区域内存在着一个边界为等边三角形的匀强磁场，磁场方向垂直xoy 平面向外。

一比荷q m
=107C/kg 的带正电粒子从x 轴上的P 点射入电场，速度大小v 0=2×104m/s ，与x 轴的夹角θ=60°。

该粒子经电场偏转后，由y 轴上的Q 点以垂直于y 轴的方向进入磁场区域，经磁场偏转射出，后来恰好通过坐标原点O ，且与x 轴负方向的夹角α=60°，不计粒子重力。

求：
(1)OP 的长度和OQ 的长度；
(2)磁场的磁感应强度大小；
(3)等边三角形磁场区域的最小面积。

参考答案
一、单项选择题：本题共8小题
1．B
【解析】
【详解】
A 、
B 、根据右手螺旋定则，知直导线下方的磁场方向垂直纸面向里，线框由静止释放，穿过线圈的磁通量减少；根据楞次定律知，感应电流的方向为顺时针方向，故A 错误、B 正确．
C 、根据左手定则，上边所受的安培力方向向上，下边所受的安培力方向向下，由于上边所处的磁场强，所以上边所受的安培力大小大于下边所受的安培力大小，所以线框所受安培力的合力方向竖直向上，由22B L v mg ma R
-=可知合外力可能向上或向下，故C 错误．D 、在下降的过程中，除重力做功以外，有安培力做功，所以线框的机械能不守恒，故D 错误．故选B ．
【点睛】
解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，以及知道机械能守恒的条件．
2．B
【解析】
【详解】
A. 气体压强由温度、体积决定，即与气体分子的平均动能和分子密集程度有关，故A 项与题意不相符；
B. 温度是分子平均动能的标志，标志着物体内大量分子热运动的剧烈程度，故B 项与题意相符；
C. 内能是物体中所有分子热运动所具有的动能和势能总和，故C 项与题意不相符；
D. 气体膨胀对外做功且温度降低，则分子的平均动能减小，故D 项与题意不相符。

3．B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．ab U 有示数，则说明开关S 接触良好，故A 错误；
CD ．ad U 有示数，则说明灯泡1L 之外电路无断路，故CD 错误；
B ．0V cd bc U U ==，则说明灯泡1L 断路，故B 正确。

4．C
【解析】
【分析】
【详解】
电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确；
故选C．
【点睛】
电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小.
5．C
【解析】
【详解】
电流的负值表示电流方向与原来方向相反，不表示大小，A项错误；交流电流表测交变电流的有效值，测量时指针不会来回摆动，B项错误；我国工农业生产和生活用的交变电流，周期为0.02 s，交流电方向一个周期改变两次，所以每秒改变100次，C项正确；正弦交变电流i＝20sin 10πtA的峰值为20A，由ω＝2πf 可得频率为5 Hz，D项错；故选C．
6．B
【解析】
【分析】
根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体的加速度大小，再根据速度时间公式求出物体的初速度大小，根据平均速度的公式求出第1s内的平均速度．
【详解】
规定初速度方向为正方向，根据加速度定义式得物体的加速度a=m/s2=2m/s2，根据v=v0+at得，v0=v-at=6-1×2m/s=4m/s。

故A错误，B正确；第1s内的位移x=v0t+at2=4×1+×2×1=5m，则平均速度。

故CD错误；故选B。

7．D
【详解】
A ．人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m 、轨道半径为r 、地球质量为M ，根据万有引力提供向心力有：
2
2Mm v G m r r
= 解得：
v = 故轨道3半径比轨道1半径大，卫星在轨道1上线速度较大，A 错误；
B ．根据万有引力提供向心力有：
22Mm G m r r
ω= 解得：
ω=半径越大，角速度越小，轨道3半径比轨道1半径大，卫星在轨道1上角速度较大，故B 错误； CD ．根据万有引力提供向心力有：
2Mm G ma r
= 解得 2GM a r =
故卫星在轨道2上的经过P 点时的加速度等于它在轨道3上经过P 点时的加速度，卫星在轨道1上经过Q 点时的加速度等于它在轨道2上经过Q 点时的加速度，C 错误；D 正确。

故选D 。

8．A
【解析】
设矩形线圈长为1L ，宽为2L ，因为线圈被匀速拉出，所以F F =安，感应电动势的大小2E BL v =，由闭合欧姆定律得：E I R =，安培力为：2222B L v F BIL R ==安，则拉力22
2B L v F R
=，拉力的功率为：2222B L v P Fv R ==，由焦耳定律得产生的热量：2
222121L B L L v E Q I Rt R R R R ⎛⎫==⨯⨯= ⎪⎝⎭；通过线圈某一截面的电荷量：2121BL v L BL L E q It t R R v R
===⨯=，由上分析可知拉力大小F 、拉力的功率P 、线圈中产生的电热Q 与速度有关，故不相同；而通过线圈某一截面的电荷量q 与速度无关，故相同，故选A ．
【点睛】线圈匀速拉出时，拉力等于安培力，结合切割产生的感应电动势公式、闭合电路欧姆定律以及安培力的大小公式求出拉力的大小．拉力的功率P=Fv；根据焦耳定律求出线圈中产生的热量．根据电量q=It 求出通过线圈某一截面的电荷量．
二、多项选择题：本题共4小题
9．AB
【解析】
【分析】
根据左手定则来判断洛伦兹力方向．
【详解】
A图中，四指指向粒子运动方向，故可知粒子受到的洛伦兹力方向应垂直速度方向指向上方，A正确；B 图中粒子带负电，四指指向应与粒子运动方向相反，根据左手定则可得粒子受到的洛伦兹力方向应垂直速度方向指向上方，B正确；C图中由于粒子运动方向和磁场方向平行，故不受洛伦兹力，C错误；D图中将速度分解为垂直磁场方向和平行磁场方向上的速度，而平行磁场方向不受洛伦兹力，根据左手定则可得粒子受到垂直纸面向里的洛伦兹力，D错误．
【点睛】
需要注意粒子的正负，四指指向垂直磁场方向，且与正电荷运动方向相同，与负电荷运动方向相反．10．BD
【解析】
【分析】
【详解】
A选项中157N在质子的轰击下发生的核反应，属于人工转变，B是聚变方程，C是α衰变方程，D是原子核的人工转变方程，BD正确．
11．BC
【解析】
【详解】
A．开始时滑块只受到摩擦力，加速度为a，则摩擦力的大小：
f=ma
不可能为2ma．故A错误；
B．开始时拉力的方向与运动的方向是相反的，经过一段时间后，物体的速度减小为0；由于拉力大于物体受到的摩擦力，所以物块将反向做加速运动，加速度为：
a′=2ma f
m
＝a
故B正确；
C．物块受到拉力后的加速度为：
a 1＝2 ma f m
+＝3a ； 物块的速度减小到0的时间为：
113v v t a a
＝＝； 物块做反向加速运动的时间为：
2v v t a a
'＝＝； 所以物块从刚受到恒定拉力起到滑块的速度大小又变为v 的时间为：
t ＝t 1+t 2＝4 33v v v a a a
+＝
故C 正确；
D ．物块做减速运动的位移为： 2
1126v v x t a
＝＝ 物块回到原位置的时间为：
33v t a
=⋅ 所以物块从受到恒定拉力起，到滑块的位置与其刚受到恒定拉力时的位置相同的时间为：
t′＝t 1+t 3＝ (13
v a +
． 故D 错误;
故选BC ．
12．AC
【解析】
要保证用电器仍能正常工作，用电器两端电压不能发生变化，当V 1示数小于正常值，要使V 2不变，则应使滑动触头P 向上滑动，减小原副线圈匝数比，故A 正确，B 错误；当用电器增加时，通过R 0的电流增大，R 0所占的电压也增大，要使用电器仍能正常工作，用电器两端电压不能发生变化，所以V 2要变大，而V 1示数保持正常值不变，则应使滑动触头P 向上滑动，减小原副线圈匝数比，故C 正确，D 错误；故选AC .
点睛：分析变压器时注意输出电压和输入功率这两个物理量的决定关系，然后结合电阻的串并联知识进行求解.
三、实验题:共2小题
13．向右偏 ； 向左偏；
【解析】
如图甲所示，闭合开关S ，电流从左侧进入，观察到灵敏电流计G 的指针向左偏；如图乙所示，闭合开关
S，A线圈的电流增大，根据安培定则可知A线圈产生向上的磁场，则经过B线圈的磁场也向上，且突然增大，根据楞次定律可知，B线圈产生向下的感应磁场，则B线圈的上端为正极，电流从右侧进入，故可以观察到灵敏电流计G的指针向右偏；再断开开关S，A线圈的电流减小，根据安培定则可知A线圈产生向上的磁场，则经过B线圈的磁场也向上，且突然减小，根据楞次定律可知，B线圈产生向上的感应磁场，则B线圈下端为正极，电流从左侧进入，故可以观察到灵敏电流计G的指针向左偏．
【点睛】根据题意确定电流表指针偏转方向与电流注入的关系，然后根据磁通量的变化判断电流表指针偏转方向．
14．50.15 4.700 120 A2外接分压
【解析】
(1)游标卡尺主尺读数为50mm，游标尺读数为3×0.05mm=0.15mm，故测量值为50.15mm；
(2)螺旋测微器主轴读数为4.5mm，螺旋读数为20.0×0.01mm=0.200mm，故测量值为4.700mm；
(3) 欧姆表的读数为刻度值乘以倍率，所以测量值为12×10=120Ω；
(4) 电动势为4V，故待测电阻的最大电流约为
4
33
120
A A
≈，所以电流表选择A2；由于电动势为4V，所
以电压表应用V1，其内阻为10kΩ，电流表的内阻为30Ω，待测电阻约为120Ω，所以测量电路用电流表的外接法，因要测量多组数据故滑动变阻器用分压式接法，为调节方便．
点晴：测量电阻最基本的原理是伏安法，电路可分为测量电路和控制电路两部分设计．测量电路要求精确，误差小，可根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表内、外接法．控制电路关键是变阻器的分压式接法或限流式接法．在两种方法都能用的情况下，为了减小能耗，选择限流式接法．
四、解答题：本题共4题
15．(ⅰ) p1=1.2p0 (ⅱ) 5/6(ⅲ) 吸热，见解析
【解析】（1）设升温后气体的压强为，由查理定律得①，解得②；
（2）抽气过程可等效为等温膨胀过程，设膨胀后气体的总体积为V，由玻意耳定律得：③，联立②③式得④；
设剩余气体的质量与原来总质量的比值为k，由题意得⑤，
联立④⑤式得；
也可根据克拉伯龙方程求解剩余气体的质量与原来总质量的比值．
（3）气体要吸热．因为抽气过程中剩余气体温度不变，故内能不变，剩余气体膨胀对外做功，所以根据热力学第一定律可知剩余气体要吸热．
16．（1）13N；0.5s（2）2
3
m
【解析】
【详解】
（1）若铁块与木板一起共同加速，则它们之间的静摩擦力F f ＝ma ＝2×3N ＞μmg ＝0.2×2×10N ＝4N ，所以铁块已经在木板上滑动；
对铁块：a 1＝mg
m
μ＝μg ＝2m/s 2，
对木板有：a 2＝F mg M
μ- 代入可得：F ＝13N 设经过时间t 铁块离开木板，则在时间t 内，两物体的位移：
x 1＝12a 1t 2 x 2＝v 0t+12
a 2t 2 且有：x 2﹣x 1＝L
联立求得：t ＝0.5s
（2）由牛顿第二定律得木板的加速度a′2＝()F mg m M g M
μμ+''-- 解得：a′2＝﹣1m/s 2说明放上铁块后木板做减速运动，设经过时间t′达到共同速度，则
a 1t′＝v 0+a′2t′
铁块相对木板滑动的距离：x ＝v 0t′+
12a′2t′2﹣12a 1t′2 解得：x ＝
23m 17．01526p S g
【解析】
【详解】
设活塞再次平衡后，活塞上方气体的体积为V 1，压强为p 1，下方气体的体积为V 2，压强为p 2.在活塞下移的过程中，活塞上、下方气体的温度均保持不变，由玻意耳定律得
p 0·
2
V ＝p 1V 1 p 0·2V ＝p 2V 2 由已知条件得
V 1＝
2V ＋6V －8
V ＝1324V V 2＝2V －6V ＝3V 设活塞上方液体的质量为m ，由力的平衡条件得
p 2S ＝p 1S ＋mg
联立以上各式得：m ＝01526p S g
.
18． (1) 30.1510OP m OQ m =
=， (2) B=0.02T (3)22331016
m -⨯ 【解析】
【详解】 解：(1)粒子在电场中沿x 轴正方向的分运动是匀速直线运动，沿y 轴正方向的分运动是匀变速直线运动 沿y 轴方向：qE ma =，0v sin θt a =，，0
v sin θOQ t 2
= 沿x 轴正方向：0OP v cos θt =⋅
联立解得：3OP m OQ 0.15m ，== (2)粒子在磁场中作半径为r 的匀速圆周运动，其轨迹如图
根据几何关系由：r OQ r cos α
=+
解得：r=0.05m 根据牛顿第二定律可得：()20
0v cos θBqv cos θm r =
解得：B=0.02T
(3)根据粒子运动轨迹和几何关系可知，以弦QD 为边长L 的△QRD 是磁场区域面积最小的等边三角形，如图，则L 3r =，
故最小面积：222min 133S L sin60?10m 2-==
2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共8小题
1．下列说法正确在是（）
A．玻尔的氢原子模型完全摒弃了经典电磁理论，所以能对氢原子光谱做出合理解释
n=能级的氢原子最多自发跃迁时能发出6种不同频率的光子
B．一个处于4
C．贝克勒尔发现天然放射性现象，说明原子核有复杂结构
D．衰变释放的α粒子和β粒子，前者穿透本领和电离能力都比后者强
2．关于光电效应，下列说法正确的是()
A．极限频率越大的金属材料逸出功越大
B．只要光照射的时间足够长，任何金属都能产生光电效应
C．从金属表面逸出的光电子的最大初动能越大，这种金属的逸出功越小
D．入射光的光强一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多
3．质点沿x轴做直线运动的位置坐标x与时间t的关系为2
x t t
=+-（各物理量均采用国际单位制单
26
位），则该质点（）
A．第1s内的位移大小是7m B．前2s内的平均速度是5m/s
C．3s末质点速度减为0 D．质点2s末的速度与4s末速度相同
4．我国计划于2021年开展火星上软着陆，以庆祝中国共产党成立100周年．地球绕太阳运行的半长轴比火星绕太阳运行的半长轴小,下列说法正确的是
A．在相等的时间内，地球与太阳的连线扫过的面积等于火星与太阳的连线扫过的面积
B．地球绕太阳运行的周期比火星绕太阳运行的周期大
C．地球绕太阳运行的线速度比火星绕太阳运行的线速度小
D．地球绕太阳运行的角速度比火星绕太阳运行的角速度大
5．我国科学家潘建伟院士预言十年左右量子通信将“飞”入千家万户．在通往量子论的道路上，一大批物理学家做出了卓越的贡献，下列有关说法正确的是（）
A．德布罗意第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念
B．爱因斯坦提出光子说，并成功地解释了光电效应现象
C．玻尔在1900年把能量子引入物理学，破除了“能量连续变化”的传统观念
D．普朗克把光的波粒二象性推广到实物粒子，预言实物粒子也具有波动性
6．一正弦交变电流的电压随时间变化的规律如图所示．由图可知该交变电流（）
A．周期为0.125s
B．电压的有效值为10 V
C．电压的最大值为20 V
D．电压瞬时值的表达式为u=20sin4πt（V）
7．下列现象中不是由表面张力引起的是（）
A．草叶上的露珠呈球形
B．布伞有孔，但不漏水
C．使用钢笔难以在油纸上写字
D．玻璃细杆顶端被烧熔后变成圆形
8．关于热力学第二定律,下列表述中正确的是( ).
A．不可能使热量从低温物体传递到高温物体
B．不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功
C．第二类永动机是不可能制成的
D．热力学第二定律是热力学第一定律的推论
二、多项选择题：本题共4小题
9．如图所示，一根竖直的弹簧支持着一倒立气缸的活塞，使气缸悬空静止．设活塞与气缸壁之间无摩擦而且可以自由移动，缸壁导热性能良好，从而使缸内气体总能和外界大气温度相同，则下述结论正确的是（）
A．若外界大气压增大，则气缸上底面离地面高度将减小
B．若外界大气压增大，则弹簧将缩短一些
C．若气温升高，则气缸上底面离底面高度将减小
D．若气温升高，则气缸上底面离地面高度将增大
10．如图所示，滑块和小球的质量分别为M、m.滑块可在水平放置的光滑固定导轨上自由滑动，小球与滑块上的悬点O由一不可伸长的轻绳相连，轻绳长为l.开始时，轻绳处于水平拉直状态，小球和滑块均静止．现将小球由静止释放，当小球到达最低点时，下列说法正确的是()
A．滑块和小球组成的系统动量守恒
B．滑块和小球组成的系统水平方向动量守恒
C．滑块的最大速率为
2
2
()
m gl
M M m
+
D．滑块的最大速率为
2
()
m
gl
M M m
+
11．下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是
A．图甲：普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人
B．图乙：波尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子辐射光子的频率是不连续的
C．图丙：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型
D．图丁：根据电子束通过铝箔后的衍射图样，可以说明电子具有粒子性
12．远距离输电的简化电路如图所示，发电厂的输出电压是％两条输电线输电的等效总电阻为r，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1，在输电线与用户间连有一理想降压变压器，其原副线圈匝数比为12
:
n n，流入用户端的电流是下列下列关系式正确的是
A．11
22
I n
I n
=
B．11
U I r U
=+
C．输电线路上损失的电功率为
2
1
U
r
D．理想变压器的输入功率为
1
2
1
UI I r
-
三、实验题:共2小题
13．在做“探究单摆周期与摆长的关系”的实验时，。