2019高中物理阶段综合测评(二)(含解析)新人教版

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2019届高三第二次诊断性检测理综物理试题

E．电压表 V１(量程３V,内阻约３kΩ)
F．电压表 V２(量程１５V,内阻约１５kΩ)
G．开关一个 ,导线若干
(１)实验应选用的电流表是
,电压表是
. (填器材字母序号 )
(２)测量电路应采用电流表
(填“内接”或“外接”)法,控制电路
D．EM ＜EN ,φM ＞φN
１５．L２是竖直固定的长直导线,L１、L３是水平固定且关于 L２对称的长直导线,三根导线均通以
大小相同、方向如图所示的恒定电流,则导线 L２所受的磁场力情况是
A．大小为零
B．大小不为零 ,方向水平向左
C．大小不为零 ,方向水平向右
用国际制单位 ).
(５)由图像可得,A 的质量 mA ＝
kg,B 的质量 mB ＝
kg.
(保留两位有效数字,重力加速度大小g 取１０m/s２)
理科综合“二诊”考试题第６页(共１４页)
２４．(１２分 ) 如图,长为 L 的平行金属板 M 、N 水平放置,板间距也为 L,两板间有方向竖直向下的匀
应采用滑动变阻器
(填 “限流式 ”或 “分压式 ”)连接 .
(３)如图,作出的I－U 图像中, (填“a”、“b”或“c”)线比较符合
小灯泡的伏安特性曲线.
２３．(９分 )
图甲所示为某实验小组测量 A、B 两个箱子质量的装置图,其中 D 为
铁架台,E 为固定在铁架台上的轻质定滑轮(质量和摩擦可忽略),F 为光
(１)穿越电场的过程中 ,电场力对电荷的冲量大小 ; (２)磁感应强度大小 . ２５．(２０分 ) 用如图所示的装置 ,可以模拟货车在水平路面上的行驶 ,进而研究行驶过程中车厢里的货物运动情况.已知模拟小车(含遥控电动机)的质量 M ＝７kg,车厢前、后壁间距L＝４m,木板 A 的质量mA ＝１kg,长度 LA ＝２m,木板上可视为质点的物体 B 的质量mB ＝４kg,A、B 间的动摩擦因数 μ＝０��３,木板与车厢底部(水平)间的动摩擦因数 μ０＝０��３２,A、B 紧靠车厢前壁. 现“司机”遥控小车从静止开始做匀加速直线运动,经过一定时间,A、B 同时与车厢后壁碰撞. 设小车运动过程中所受空气和地面总的阻力恒为 F阻＝１６N,重力加速度大小g＝１０m/s２,最大静摩擦力等于滑动摩擦力. (１)从小车启动到 A、B 与后壁碰撞的过程中,分别求 A、B 的加速度大小; (２)A、B 与后壁碰撞前瞬间,求遥控电动机的输出功率; (３)若碰撞后瞬间,三者速度方向不变,小车的速率变为碰前的８０％,A、B 的速率均变为碰前小车的速率,且“司机”立即关闭遥控电动机,求从开始运动到 A 相对车静止的过程中,A 与车之间由于摩擦产生的内能.

四川省成都市2019届高三物理下学期第二次诊断性测试试题(含解析)

四川省成都市2019届高三第二次诊断性检测理科综合能力测试物理试题二、选择题：本题共8小题,每小题6分。

在每小题给出的四个选项中,第14~17题只有一项符合题目要求,第18~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

1.如图,在一个负点电荷产生的电场中,一条电场线上有M、N两点。

设两点的场强大小分别为E M和E N、电势分别为和,则A. E M＞E N,＞B. E M＞E N,＜C. E M＜E N,＜D. E M＜E N,＞【答案】D【解析】【详解】由点电荷产生的电场特点电场线从正电荷出发终止于负电荷可知，负点电荷应在靠近N的右边，根据沿电场线方向电势降低可知，，由公式可知，，故选：D。

2.L2是竖直固定的长直导线,L1、L3是水平固定且关于L2对称的长直导线,三根导线均通以大小相同、方向如图所示的恒定电流则导线L2所受的磁场力情况是A. 大小为零B. 大小不为零,方向水平向左C. 大小不为零,方向水平向右D. 大小不为零,方向竖直向下【答案】A【解析】【详解】通电直导线产生的磁场，由右手螺旋定则可知，L1在L2处产生的磁场方向竖直向下，L3在L2处产生的磁场方向与竖直向下，即L2处的磁场方向与电流方向平行，所以安培力为零。

故选：A。

3.如图,半圆球P和竖直挡板固定在水平面上挡板与P相切,光滑小球Q静止在P和挡板之间。

已知Q的质量为m、P、Q的半径之比为4:1,重力加速度大小为g。

则Q对P的压力大小为A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】对Q受力分析如图所示设Q的半径为r，由几何关系得：解得：由平衡条件得：解得：故选：B。

4.图甲中L1、L2是规格为“6V,3W”的灯泡,a、b端接图乙所示的交变电压。

现调节电阻箱R 为某一值时恰好能使两个灯泡均正常发光。

则A. 电压表示数为18VB. 变压器原副线圈匝数比为3:1C. 电阻箱消耗的电功率为3WD. 增大电阻箱R连入电路的电阻值,电压表的示数将减小【答案】C【解析】【详解】A项：电压表的示数为，故A错误；B项：由变压器的变压比得：，故B错误；C项：由变压器的变流比得：所以，所以电阻箱中的电流与灯泡L2的电流相等，电阻箱与灯泡L2并联，电压相等，所以电阻箱消耗的功率为3W，故C正确；D项：将电源和灯泡L1和变压器等效成一电路，由于大电阻箱R连入电路的电阻值所以电路中的电流减小，灯泡L1两端电压减小，电源电压不变，所以电压表示数增大，故D错误。

2019高考全国新课标II卷理综物理部分试题及答案(解析版)

普通高等学校招生全国统一考试（课标卷II ）理科综合能力测试（物理）第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分。

14．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶。

在t =0到t=t 1时间内，它们的v -t 图像如图所示。

在这段时间内A ．汽车甲的平均速度比乙大B ．汽车乙的平均速度等于C ．甲乙两汽车的位移相同D ．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大【答案】A【解析】由于图线与坐标轴所夹的面积表示物体的位移，在0-t 1时间内，甲车的位移大于乙车，由可知，甲车的平均速度大于乙车，A 正确， C 错误；因为乙车做变减速运动故平均速度不等于，B 错误；又图线的切线的斜率等于物体的加速度，则甲乙两车的加速度均逐渐减小，选项D 错误。

15．取水平地面为重力势能零点。

一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等。

不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为A ．B ．C ．D ．【答案】 B【解析】设物体水平抛出的初速度为v 0，抛出时的高度为h ，则，故物体落地的竖直速度，则落地时速度方向与水平方向的夹角，则，选项B 正确。

16．一物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F 1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度变为v ，若将水平拉力的大小改为F 2，物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v ，对于上述两个过程，用、分别表示拉力F 1、F 2所做的功，、分别表示前后两次克服摩擦力所做的功，则A ．，B ．，C ．，D ．，【答案】C 【解析】由于物体两次受恒力作用做匀加速运动，由于时间相等，末速度之比为，则加速度之比为，位移之比为。

而摩擦力不变，由得：；由动能定理：，，整理得：，故。

C 正确。

17．如图，一质量为M 的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m 的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下。

2019人教版高中物理必修第二册综合检测卷

2019人教版高中物理必修第二册综合检测卷本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟。

第I卷（选择题，共48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每个小题给出的四个选项中，第1〜8小题，只有一个选项符合题意；第9〜12小题，有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对而不全的得2分，错选或不选的得0分）1.关于运动的合成与分解，下列说法中不正确的是（）A.物体的两个分运动是直线运动，则它们的合运动一定是直线运动B.若两个互成角度的分运动分别是匀速直线运动和匀加速直线运动，则合运动一定是曲线运动C.合运动与分运动具有等时性D.速度、加速度和位移的合成都遵循平行四边形定则答案A解析物体的两个分运动是直线运动，则它们的台运动可能是直线运动，也可能是曲线运动，若合速度方向与台加速度方向共线，则为直线运动，否则为曲线运动，A错误，B、C、D正确。

2.飞镖比赛是一项极具观赏性的体育比赛项目，在飞镖世界杯大赛中某一选手在距地面高//,离靶面的水平距离L处，将质量为秫的飞镖以速度m水平投出，结果飞镖落在靶心正上方。

不计空气阻力，如只改变h、L、m、"o四个量中的一个，可使飞镖投中靶心的是（）A,适当减小00 B.适当提高ZzC.适当减小秫D.适当减小乙答案A解析飞镖飞出后在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动；开始时飞镖落于靶心上方，说明在飞镖水平方向飞行L时，下落高度较小，而水平方向L=W,竖直方向,=5?#=《痈，为增大y，可以增大％或减小。

0,故A正确，D错误；若Z不变，"0不变，也可以降低//,故B错误；而平抛运动规律和物体的质量无关，故C错误。

3.如图所示，在同一轨道平面上的三个人造地球卫星A、B、C,在某一时刻恰好在同一条直线上。

它们的轨道半径之比为1：2：3,质量相等，则下列说法中正确的是（）A.三颗卫星的加速度之比为9：4：1B.三颗卫星具有机械能的大小关系为E a VE b VE cC.B卫星加速后可与A卫星相遇D.A卫星运动27周后，C卫星也恰回到原地点答案B解析根据万有引力提供向心力C^^=ma,得a=^-,故qa：如：血=点：*：*=*：£：布=36：9：4,故A错误；卫星发射得越高，需要克服地球引力做功越多，故机械能越大，故E a<E b<E c,故B正确；B卫星加速后做离心运动，轨道半径要变大，不可能与A卫星相遇，故C错误；根据万有引力提供向心力普=nr^r,得7=2兀所以奈=即T c=>^T a,A卫星运动27周后，C卫星不会回到原地点，故D错误。

人教版高一物理必修2 2019- 2020学年第二学期高一期末复习卷(二)(含解析)

A. 2 ℎ
B. 2 ℎ
C. ℎ
D. ℎ 2
5.[来源: 2019-2020 学年青海省西宁十四中高二（上）期末物理试卷]我国的“神舟”系列航天飞船的成功发射和
顺利返回，显示了我国航天事业取得的巨大成就．已知地球的质量为 M，引力常量为 G，飞船的质量为 m，设飞船
绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为 r，则( )
A. 可能做圆周运动
B. 一定做匀变速曲线运动
C. 可能处于静止状态
D. 一定做匀变速直线运动
2.[来源: 2019-2020 学年河南省周口市韩郸城一高高一（下）第一次月考物理
试卷]如图，窗子上、下沿间的高度 = 1.6 ，墙的厚度 = 0.4 ，某人在离墙
壁距离 = 1.4 、距窗子上沿高ℎ = 0.2 处的 P 点，将可视为质点的小物体以速
匀加速直线运动，第一次是斜向上拉，第二次是斜向下推，两次力的作用线与水平方向的夹角相同，力的大小也相
同，位移大小也相同，则( )
A. 力 F 对物体做的功相同，合力对物体做的总功也相同 B. 力 F 对物体做的功相同，合力对物体做的总功不相同
C. 力 F 对物体做的功不相同，合力对物体做的总功相同
D. 力 F 对物体做的功不相同，合力对物体做的总功也不相同
2
A.研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式： 2 = ，解得： = ，故 A 错
误；
B.根据万有引力提供向心力，得： 2 = ，所以： = 2 ，故 B 错误；
C.根据万有引力提供向心力，得：
2=
4 2 ，所以： 2
=2
3 ，故 C 正确；
D.飞船在此圆轨道上运行所受的向心力为万有引力，得： =

2019年(人教版)高中物理必修二：模块综合检测卷(含答案)

模块综合检测卷(考试时间：90分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共10小题，每题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．) 1．发现万有引力定律的科学家是( )A．开普勒 B．牛顿C．卡文迪许 D．爱因斯坦答案：B2．经典力学适用于解决( )A．宏观高速问题 B．微观低速问题C．宏观低速问题 D．微观高速问题答案：C3．关于向心加速度的物理意义，下列说法中正确的是( )A．描述线速度的大小变化的快慢B．描述线速度的方向变化的快慢C．描述角速度变化的快慢D．描述向心力变化的快慢答案：B4．当质点做匀速圆周运动时，如果外界提供的合力小于质点需要的向心力了，则( )A．质点一定在圆周轨道上运动B．质点一定向心运动，离圆心越来越近C．质点一定做匀速直线运动D．质点一定离心运动，离圆心越来越远答案：D5．忽略空气阻力，下列几种运动中满足机械能守恒的是( )A．物体沿斜面匀速下滑 B．物体自由下落的运动C．电梯匀速下降 D．子弹射穿木块的运动答案：B6．人造地球卫星中的物体处于失重状态是指物体( )A．不受地球引力作用B．受到的合力为零C．对支持物没有压力D．不受地球引力，也不受卫星对它的引力答案：C7．物体做竖直上抛运动时，下列说法中正确的是( )A．将物体以一定初速度竖直向上抛出，且不计空气阻力，则其运动为竖直上抛运动B．做竖直上抛运动的物体，其加速度与物体重力有关，重力越大的物体，加速度越小C．竖直上抛运动的物体达到最高点时速度为零，加速度为零，处于平衡状态D．竖直上抛运动过程中，其速度和加速度的方向都可改变答案：A8．已知地球的第一宇宙速度为 km/s，第二宇宙速度为 km/s, 则沿圆轨道绕地球运行的人造卫星的运动速度( )A．只需满足大于 km/sB．小于等于 km/sC．大于等于 km/s，而小于 km/sD．一定等于 km/s答案：B9．如图甲、乙、丙三种情形表示某物体在恒力F作用下在水平面上发生一段大小相同的位移，则力对物体做功相同的是( )A．甲和乙 B．甲、乙、丙 C．乙和丙 D．甲和丙答案：D10．如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回．若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中( )A．P做匀变速直线运动B．P的加速度大小不变，但方向改变一次C．P的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小D．有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大答案：C二、双项选择题(本题共6小题，每题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中有两个选项正确，全部选对得6分，漏选得3分，错选或不选得0分．)11．关于质点做匀速圆周运动，下列说法中正确的是( )A．质点的速度不变 B．质点的周期不变C．质点的角速度不变 D．质点的向心加速度不变答案：BC12．对下列四幅图的描述正确的是( )A．图A可能是匀速圆周运动的速度大小与时间变化的关系图象B．图B可能是竖直上抛运动的上升阶段速度随时间变化的关系图象C．图C可能是平抛运动的竖直方向加速度随时间变化的关系图象D．图D可能是匀速圆周运动的向心力大小随时间变化的关系图象答案：BD13．关于同步地球卫星，下列说法中正确的是( )A．同步地球卫星可以在北京上空B．同步地球卫星到地心的距离为一定的C．同步地球卫星的周期等于地球的自转周期D．同步地球卫星的线速度不变答案：BC14．三颗人造地球卫星A、B、C在地球的大气层外沿如图所示的轨道做匀速圆周运动，已知m A＝m B>m C，则三个卫星( )A．线速度大小的关系是v A>v B＝v CB．周期关系是T A<T B＝T CC．向心力大小的关系是F A>F B＝F CD．向心加速度大小的关系是a A>a B>a C答案：AB15.如右图所示，一轻弹簧一端固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速度释放，让它自由摆下．不计空气阻力，则在重物由A点摆向最低点B的过程中( ) A．弹簧与重物的总机械能守恒 B．弹簧的弹性势能增加C．重物的机械能不变 D．重物的机械能增加答案：AB三、非选择题(本大题3小题，共40分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．) 16．(11分)在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源频率为50 Hz，当地重力加速度的值为 m/s2，测得所用重物的质量为 kg.若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点的距离如图所示(相邻计数点时间间隔为 s)，那么：(1)纸带的______端与重物相连；(2)打点计时器打下计数点B时，物体的速度v B＝________；(3)从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是ΔE p＝________，此过程中物体动能的增加量ΔE k＝________(取g＝ m/s2)；(4)通过计算，数值上ΔE p____ΔE k(填“＞”“＝”或“＜”)，这是因为________________________________________________________________________；(5)实验的结论是______________________________________________________．解析：(1)重物在开始下落时速度较慢，在纸带上打的点较密，越往后，物体下落得越快，纸带上的点越稀．所以，纸带上靠近重物的一端的点较密，因此纸带的左端与重物相连．(2)v B ＝OC －OA2T＝ m/s.(3)ΔE p ＝mg×OB ＝ J ，ΔE k ＝12mv B 2＝ J.(4)ΔE p ＞ΔE k ，这是因为实验中有阻力． (5)在实验误差允许范围内，机械能守恒．答案：(1)左 (2) m/s (3) J J (4)＞这是因为实验中有阻力 (5)在实验误差允许范围内，机械能守恒17.(4分)如图所示，将轻弹簧放在光滑的水平轨道上，一端与轨道的A 端固定在一起，另一端正好在轨道的B 端处，轨道固定在水平桌面的边缘上，桌边悬一重锤．利用该装置可以找出弹簧压缩时具有的弹性势能与压缩量之间的关系．(1)为完成实验，还需下列那些器材_ _______．A ．秒表B ．刻度尺C ．白纸D ．复写纸E ．小球F ．天平(2)某同学在上述探究弹簧弹性势能与弹簧压缩量的关系的实验中，得到弹簧压缩量x 和对应的小球离开桌面后的水平位移s的一些数据如下表，则由此可以得到的实验结论是________________________________________________________________________.实验次序 1 2 3 4 x/cm s/cm答案：(1)BCDE (2)弹簧的弹性势能与弹簧压缩量的平方成正比18.(8分)如图一辆质量为500 kg的汽车静止在一座半径为50 m的圆弧形拱桥顶部．(取g＝10 m/s2)(1)此时汽车对圆弧形拱桥的压力是多大？(2)如果汽车以6 m/s的速度经过拱桥的顶部，则汽车对圆弧形拱桥的压力是多大？(3)汽车以多大速度通过拱桥的顶部时，汽车对圆弧形拱桥的压力恰好为零？解析：(1)汽车受重力G和拱桥的支持力F，二力平衡，故F＝G＝5 000 N根据牛顿第三定律，汽车对拱桥的压力为5 000 N.(2)汽车受重力G和拱桥的支持力F，根据牛顿第二定律有G－F＝m v2r故F＝G－mv2r＝4 000 N根据牛顿第三定律，汽车对拱桥的压力为4 000 N.(3)汽车只受重力GG＝m v2 rv＝gr＝10 5 m/s.答案：见解析19．(8分)要求摩托车由静止开始在尽量短的时间内走完一段直道，然后驶入一段半圆形的弯道，但在弯道上行驶时车速不能太快，以免因离心作用而偏出车道．求摩托车在直道上行驶所用的最短时间．有关数据见表格．某同学是这样解的：要使摩托车所用时间最短，应先由静止加速到最大速度 v1＝40 m/s，然后再减速到v2＝20 m/s，t1＝v1a1；t2＝（v1－v2）a2；t＝t1＋t2.你认为这位同学的解法是否合理？若合理，请完成计算；若不合理，请说明理由，并用你自己的方法算出正确结果．启动加速度a1 4 m/s2制动加速度a 2 8 m/s 2直道最大速度v 1 40 m/s 弯道最大速度v 2 20 m/s 直道长度s218 m解析：①不合理②理由：因为按这位同学的解法可得t 1＝v 1a 1＝10s ，t 2＝（v 1－v 2）a 2＝总位移x ＝v 12t 1＋v 1＋v 22t 2＝275m>s.③由上可知摩托车不能达到最大速度v 2，设满足条件的最大速度为v ，则v 22a 1＋v 2－v 222a 2＝218.解得v ＝36 m/s ，这样加速时间t 1＝v a 1＝9 s ，减速时间t 2＝（v 1－v 2）a 2＝2 s ，因此所用的最短时间t ＝t 1＋t 2＝11 s.答案：见解析20．(9分)如下图所示，质量m ＝60 kg 的高山滑雪运动员，从A 点由静止开始沿雪道滑下，从B 点水平飞出后又落在与水平面成倾角θ＝37°的斜坡上C 点．已知AB 两点间的高度差为h ＝25 m ，B 、C 两点间的距离为s ＝75 m ，(g 取10 m/s 2，cos 37°＝，sin 37°＝，求：(1)运动员从B 点飞出时的速度v B 的大小． (2)运动员从A 到B 过程中克服摩擦力所做的功．解析：(1)设由B 到C 平抛运动的时间为t 竖直方向： h BC ＝ssin 37° h BC ＝12gt 2水平方向： scos 37°＝v B t 代入数据，解得：v B ＝20 m/s.(2)A 到B 过程由动能定理有 mgh AB ＋W f ＝12mv B 2－0代入数据，解得W f ＝－3 000 J所以运动员克服摩擦力所做的功为3 000 J. 答案：见解析。

2019高考全国新课标II卷理综物理部分试题及答案(解析版)

普通高等学校招生全国统一考试（课标卷II ）理科综合能力测试（物理）第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分。

14．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶。

在t =0到t=t 1时间内，它们的v -t 图像如图所示。

15．取水平地面为重力势能零点。

一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等。

而摩擦力不变，由得：；由动能定理：，，整理得：，故。

C 正确。

17．如图，一质量为M 的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m 的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下。

2019年高三第二次综合练习理综物理含答案

2019年高三第二次综合练习理综物理含答案xx．5本试卷共16页，共300分。

考试时长150分钟。

考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无效。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

以下数据可供解题时参考：可能用到的相对原子质量：本部分共20小题，每小题6分，共120分。

在每小题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。

13．下列四种现象中与光的干涉有关的是A．雨后空中出现彩虹B．肥皂泡的表面呈现彩色C．一束白光通过三棱镜后形成彩色光带D．一束白光通过很窄的单缝后在光屏上形成彩色光带14．图为氢原子的能级示意图。

现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当这些氢原子向低能级跃迁时A．能发出3种不同频率的光B．能发出4种不同频率的光C．能发出5种不同频率的光D．能发出6种不同频率的光15．如图所示，一理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=4:1，电阻R=55Ω。

原线圈两端接一正弦式交变电流，其电压的有效值为220V。

则原线圈中电流的大小为A．0.25A B．1.0AC．4.0A D．16A16．某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为(cm)，则A．质点的振幅为16cmB．质点的振动周期为2sC．在0~1s内，质点的速度逐渐减小D．在1~2s内，质点的动能逐渐减小17．如图1所示，矩形线圈位于一变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面（纸面）向里，磁感应强度B随时间t的变化规律如图2所示。

用I表示线圈中的感应电流，取顺时针方向的电流为正。

则图3中的I-t图像正确的是18．2013年12月2日1时30分，嫦娥三号探测器由长征三号乙运载火箭从西昌卫星发射中心发射，首次实现月球软着陆和月面巡视勘察。

嫦娥三号的部分飞行轨道示意图如图所示。

假设嫦娥三号在圆轨道和椭圆轨道上运动时，只受到月球的万有引力。

下列说法中正确的是A．嫦娥三号沿椭圆轨道从P点运动到Q点的过程中，速度逐渐变小B．嫦娥三号沿椭圆轨道从P点运动到Q点的过程中，月球的引力对其做负功C．若已知嫦娥三号在圆轨道上运行的半径、周期和引力常量，则可计算出月球的密度D．嫦娥三号在椭圆轨道经过P点时和在圆形轨道经过P点时的加速度相等19．在课堂中，老师用如图所示的实验研究平抛运动。

2019—2020学年度第二学期阶段性检测高三物理(二)参考答案

（ 2 分）
p AVC = pCVC
解得 VC = 3 10- 3 m3
② A→ C 过程，由温度相等得：△ U =0 由热力学第一定律： ΔU=Q+W 可知，在 A→B→Ｃ的过程中，吸收的热量 Q=W
所以 Q = p V = 1 105 (3 10- 3 - 1 10- 3 ) = 200J
(2 分 ) (1 分 )
0 qE2
x
方向水平向右
（ 1 分）
mg
（ 3）电场力和重力平衡，洛伦兹力提供向心力，小球做
匀速圆周运动，设小球在第 Ⅰ、 Ⅳ 象限内轨道半径分别 R1、 R2，运动周期分别为 T1、T2
2
根据
qvB = m v
R
y
解得：
R1 =
mv0
，
2qB
R2
=
mv0 qB
（ 1 分）
O1
2R 根据 T =
v
m
Mv0 = - mv1 + (M - m)v2
（ 2 分）
所以，加速后航天器的速度大小：
v 2 = Mv 0 + mv1 M -m
13-A ．［选修模块 3-3］（ 12 分）（ 1） CD（ 3 分，漏选得 1 分）
（ 2） a 、摩尔体积（每空 2 分） bnS
（ 3）① A、 C 状态温度相同，根据玻意耳定律有
2m
解得： T1 =
， T2 =
qB
qB
Oα v
（ 1 分）
x O2
第 3页共 4页
小球运动轨迹如图所示 a．小球从第 Ⅳ 象限进入第 I 象限
小球经过
x 轴的时刻
t1 = n
T2 + (n - 1)

精品解析：2019年全国统一高考物理试题(新课标Ⅱ)(解析版)

绝密★启用前2019年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆，在探测器“奔向”月球的过程中，用h表示探测器与地球表面的距离，F表示它所受的地球引力，能够描F随h变化关系的图像是A. B. C.D.【答案】D【解析】【详解】根据万有引力定律可得：2()GMm F R h =+ ，h 越大，F 越小，故选项D 符合题意； 2.太阳内部核反应的主要模式之一是质子-质子循环，循环的结果可表示为1401214H He+2e+2v →，已知11H 和42He 的质量分别为P 1.0078u m =和 4.0026u m α=，1u=931MeV/c 2，c 为光速．在4个11H 转变成1个42He 的过程中，释放的能量约为A. 8 MeVB. 16 MeVC. 26 MeVD. 52 MeV 【答案】C【解析】【详解】由2E mC ∆=∆知()242p e E m m m c α∆=⨯--⋅，2E m c ∆∆==6191693110 1.610J 910-⨯⨯⨯⨯27311.710kg 0.910kg --≈⨯⨯?，忽略电子质量，则：()24 1.0078 4.0026MeV 26E u u c ≈∆=⨯-⋅，故C 选项符合题意；3.物块在轻绳的拉动下沿倾角为30°的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行．已知物块与斜面之间的动310m/s 2．若轻绳能承受的最大张力为1 500 N ，则物块的质量最大为 A. 150kg B. 1003kg C. 200 kg D. 3【答案】A【解析】【详解】T =f +mg sin θ，f =μN ，N =mg cosθ，带入数据解得：m =150kg ，故A 选项符合题意4.如图，边长为l 的正方形abcd 内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面（abcd 所在平面）向外．ab 边中点有一电子发源O ，可向磁场内沿垂直于ab 边的方向发射电子．已知电子的比荷为k ．则从a 、d 两点射出的电子的速度大小分别为A. 14kBl 5B. 14kBl ，54kBlC. 12kBl 5D. 12kBl ，54kBl 【答案】B【解析】【详解】a 点射出粒子半径R a =4l =a mv Bq ，得：v a =4Bql m =4Blk ， d 点射出粒子半径为2222l R l R ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭ ，R =54l 故v d =54Bql m =54klB ，故B 选项符合题意5.从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E 总等于动能E k 与重力势能E p 之和．取地面为重力势能零点，该物体的E 总和E p 随它离开地面的高度h 的变化如图所示．重力加速度取10 m/s 2．由图中数据可得A. 物体的质量为2 kgB. h =0时，物体的速率为20 m/sC. h =2 m 时，物体的动能E k =40 JD. 从地面至h =4 m ，物体的动能减少100 J【答案】AD【解析】【详解】A ．E p -h 图像知其斜率G ，故G =80J 4m=20N ，解得m =2kg ，故A 正确 B ．h =0时，E p =0，E k =E 机-E p =100J-0=100J ，故212mv =100J ，解得：v =10m/s ，故B 错误； C ．h =2m 时，E p =40J ，E k = E 机-E p =90J-40J=50J ，故C 错误D ．h =0时，E k =E 机-E p =100J-0=100J ，h =4m 时，E k ’=E 机-E p =80J-80J=0J ，故E k - E k ’=100J ，故D 正确6.如图（a ），在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离．某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始计时，用v 表示他在竖直方向的速度，其v-t 图像如图（b ）所示，t 1和t 2是他落在倾斜雪道上的时刻．则A. 第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小B. 第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大C. 第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大D. 竖直方向速度大小为v 1时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大【答案】BD【解析】【详解】A ．由v -t 图面积易知第二次面积大于等于第一次面积，故第二次竖直方向下落距离大于第一次下落距离，所以，A 错误；B ．由于第二次竖直方向下落距离大，由于位移方向不变，故第二次水平方向位移大，故B 正确C ．由于v -t 斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由0v v a t-= 易知a 1>a 2，故C 错误 D ．由图像斜率，速度为v 1时，第一次图像陡峭，第二次图像相对平缓，故a 1>a 2，由G -f y =ma ，可知，f y 1<f y 2，故D 正确7.静电场中，一带电粒子仅在电场力的作用下自M 点由静止开始运动，N 为粒子运动轨迹上的另外一点，则A. 运动过程中，粒子的速度大小可能先增大后减小B. 在M 、N 两点间，粒子的轨迹一定与某条电场线重合C. 粒子在M 点的电势能不低于其在N 点的电势能D. 粒子在N 点所受电场力的方向一定与粒子轨迹在该点的切线平行【答案】AC【解析】【详解】A．若电场中由同种电荷形成即由A点释放负电荷，则先加速后减速，故A正确；B．若电场线为曲线，粒子轨迹不与电场线重合，故B错误．C．由于N点速度大于等于零，故N点动能大于等于M点动能，由能量守恒可知，N点电势能小于等于M 点电势能，故C正确D．粒子可能做曲线运动，故D错误；8.如图，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为θ，导轨电阻忽略不计．虚线ab、cd均与导轨垂直，在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场．将两根相同的导体棒PQ、MN先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好．已知PQ进入磁场开始计时，到MN离开磁场区域为止，流过PQ的电流随时间变化的图像可能正确的是A. B. C.D.【答案】AD【解析】【详解】根据图像可知，设PQ进入磁场匀速运动的速度为v，匀强磁场的磁感应强度为B，导轨宽度为L，两根导体棒的总电阻为R；根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律可得PQ进入磁场时电流0BLvIR保持不变，根据右手定则可知电流方向Q→P；如果PQ离开磁场时MN还没有进入磁场，此时电流为零；当MN进入磁场时也是匀速运动，通过PQ的感应电流大小不变，方向相反；如果PQ没有离开磁场时MN已经进入磁场，此时电流为零，当PQ离开磁场时MN的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，电流逐渐减小，通过PQ的感应电流方向相反；A.图像与分析相符，故A正确。

2019年高中物理综合测试卷02新人教版必修2

综合测试卷（二）【时间：90分钟满分：110分】学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题）一、单选题(本大题共8小题，每小题5分，共40分。

在每小题给出的四个选项中. 1~8题只有一项符合题目要求)1．如图两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球A 和B ，细线上端固定在同一点，若两个小球绕竖直轴做匀速圆周运动时恰好在同一高度的水平面内，则下列说法中正确的是（）A ．线速度B ．角速度C ．加速度D ．周期2．在一次体育活动中，两位同学一前一后在同一水平直线上的两个位置沿水平方向分别拋出两个小球和，两个小球的运动轨迹如图所示，不计空气阻力。

要使两小球在空中发生碰撞，则必须（）A ．先抛出球再抛出球B ．先抛出球再抛出球C ．球抛出速度小于球抛出速度D ．球抛出速度大于球抛出速度3．2017年4月20日“天舟一号”货运飞船发射飞往太空与“天宫二号”空间实验室成功对接，开展推进剂在轨补加、空间科学和技术等试验验证。

“天舟一号”是我国第一艘货运飞船，也是我国目前为止体积最大、重量最重的航天器，标志着中国航空航天技术又向前跨进一大步。

如图所示是它们的对接示意图，下列有关说法中正确的是( )A．对接过程中，“天舟一号”和“天宫二号”都可视为质点B．对接成功后，研究它们的运行周期时，可以视为质点C．对接成功后，“天舟一号”和“天宫二号”就静止在太空中D．对接成功后，以“天舟一号”为参考系“天宫二号”在做匀速圆周运动4．如图所示，为地球赤道上的物体，为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星，为地球同步卫星。

则下列说法正确的是（）A．角速度的大小关系是B．向心加速度的大小关系是C．线速度的大小关系是D．周期的大小关系是5．如图所示，甲乙两个质量相等的物体从高度相同、倾角不同的两个粗糙斜面顶端由静止开始下滑，到达斜面底端。

2019年(人教版)高中物理必修二：模块综合检测卷(含答案)

2019年(人教版)高中物理必修二：模块综合检测卷(含答案)物理·必修2（人教版）模块综合检测卷(考试时间：90分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共10小题，每题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．)1．发现万有引力定律的科学家是()A．开普勒 B．牛顿C．卡文迪许 D．爱因斯坦答案：B2．经典力学适用于解决( )A．宏观高速问题 B．微观低速问题C．宏观低速问题 D．微观高速问题答案：C3．关于向心加速度的物理意义，下列说法中正确的是( )A．描述线速度的大小变化的快慢B．描述线速度的方向变化的快慢C．描述角速度变化的快慢D．描述向心力变化的快慢答案：B4．当质点做匀速圆周运动时，如果外界提供的合力小于质点需要的向心力了，则( )A．质点一定在圆周轨道上运动B．质点一定向心运动，离圆心越来越近C．质点一定做匀速直线运动D．质点一定离心运动，离圆心越来越远答案：D5．忽略空气阻力，下列几种运动中满足机械能守恒的是( )A．物体沿斜面匀速下滑 B．物体自由下落的运动C．电梯匀速下降 D．子弹射穿木块的运动答案：B6．人造地球卫星中的物体处于失重状态是指物体( )A．不受地球引力作用B．受到的合力为零C．对支持物没有压力D．不受地球引力，也不受卫星对它的引力答案：C7．物体做竖直上抛运动时，下列说法中正确的是( )A．将物体以一定初速度竖直向上抛出，且不计空气阻力，则其运动为竖直上抛运动B．做竖直上抛运动的物体，其加速度与物体重力有关，重力越大的物体，加速度越小C．竖直上抛运动的物体达到最高点时速度为零，加速度为零，处于平衡状态D．竖直上抛运动过程中，其速度和加速度的方向都可改变答案：A8．已知地球的第一宇宙速度为7.9 km/s，第二宇宙速度为11.2 km/s, 则沿圆轨道绕地球运行的人造卫星的运动速度( )A．只需满足大于7.9 km/sC．大于等于7.9 km/s，而小于11.2 km/sD．一定等于7.9 km/s答案：B9．如图甲、乙、丙三种情形表示某物体在恒力F作用下在水平面上发生一段大小相同的位移，则力对物体做功相同的是( )A．甲和乙 B．甲、乙、丙 C．乙和丙 D．甲和丙答案：D10．如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回．若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中( )A．P做匀变速直线运动B．P的加速度大小不变，但方向改变一次C．P的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小D．有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大答案：C二、双项选择题(本题共6小题，每题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中有两个选项正确，全部选对得6分，漏选得3分，错选或不选得0分．)11．关于质点做匀速圆周运动，下列说法中正确的是( )A．质点的速度不变 B．质点的周期不变C．质点的角速度不变 D．质点的向心加速度不变答案：BC12．对下列四幅图的描述正确的是( )A．图A可能是匀速圆周运动的速度大小与时间变化的关系图象B．图B可能是竖直上抛运动的上升阶段速度随时间变化的关系图象C．图C可能是平抛运动的竖直方向加速度随时间变化的关系图象D．图D可能是匀速圆周运动的向心力大小随时间变化的关系图象答案：BD13．关于同步地球卫星，下列说法中正确的是( )A．同步地球卫星可以在北京上空B．同步地球卫星到地心的距离为一定的C．同步地球卫星的周期等于地球的自转周期D．同步地球卫星的线速度不变答案：BC14．三颗人造地球卫星A、B、C在地球的大气层外沿如图所示的轨道做匀速圆周运动，已知m A＝m B>m C，则三个卫星( )A．线速度大小的关系是v A>v B＝v CB．周期关系是T A<T B＝T CC．向心力大小的关系是F A>F B＝F CD．向心加速度大小的关系是a A>a B>a C答案：AB15.如右图所示，一轻弹簧一端固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速度释放，让它自由摆下．不计空气阻力，则在重物由A点摆向最低点B的过程中( ) A．弹簧与重物的总机械能守恒 B．弹簧的弹性势能增加C．重物的机械能不变 D．重物的机械能增加答案：AB三、非选择题(本大题3小题，共40分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．) 16．(11分)在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源频率为50 Hz，当地重力加速度的值为9.80 m/s2，测得所用重物的质量为1.00 kg.若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点的距离如图所示(相邻计数点时间间隔为0.02 s)，那么：(1)纸带的______端与重物相连；(2)打点计时器打下计数点B时，物体的速度v B＝________；(3)从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是ΔE p＝________，此过程中物体动能的增加量ΔE k＝________(取g＝9.8 m/s2)；(4)通过计算，数值上ΔE p____ΔE k(填“＞”“＝”或“＜”)，这是因为________________________________________________________________________；(5)实验的结论是______________________________________________________．解析：(1)重物在开始下落时速度较慢，在纸带上打的点较密，越往后，物体下落得越快，纸带上的点越稀．所以，纸带上靠近重物的一端的点较密，因此纸带的左端与重物相连．(2)v B ＝OC －OA2T＝0.98 m/s.(3)ΔE p ＝mg×OB ＝0.49 J ，ΔE k ＝12mv B 2＝0.48 J.(4)ΔE p ＞ΔE k ，这是因为实验中有阻力． (5)在实验误差允许范围内，机械能守恒．答案：(1)左 (2)0.98 m/s (3)0.49 J 0.48 J (4)＞这是因为实验中有阻力 (5)在实验误差允许范围内，机械能守恒17.(4分)如图所示，将轻弹簧放在光滑的水平轨道上，一端与轨道的A 端固定在一起，另一端正好在轨道的B 端处，轨道固定在水平桌面的边缘上，桌边悬一重锤．利用该装置可以找出弹簧压缩时具有的弹性势能与压缩量之间的关系．(1)为完成实验，还需下列那些器材_ _______．A ．秒表B ．刻度尺C ．白纸D ．复写纸E ．小球F ．天平(2)某同学在上述探究弹簧弹性势能与弹簧压缩量的关系的实验中，得到弹簧压缩量x 和对应的小球离开桌面后的水平位移s的一些数据如下表，则由此可以得到的实验结论是________________________________________________________________________.实验次序 1 2 3 4 x/cm 2.00 3.00 4.00 5.00 s/cm10.2015.1420.1025.30答案：(1)BCDE (2)弹簧的弹性势能与弹簧压缩量的平方成正比18.(8分)如图一辆质量为500 kg的汽车静止在一座半径为50 m的圆弧形拱桥顶部．(取g＝10 m/s2)(1)此时汽车对圆弧形拱桥的压力是多大？(2)如果汽车以6 m/s的速度经过拱桥的顶部，则汽车对圆弧形拱桥的压力是多大？(3)汽车以多大速度通过拱桥的顶部时，汽车对圆弧形拱桥的压力恰好为零？解析：(1)汽车受重力G和拱桥的支持力F，二力平衡，故F＝G＝5 000 N根据牛顿第三定律，汽车对拱桥的压力为5 000 N.(2)汽车受重力G和拱桥的支持力F，根据牛顿第二定律有G－F＝m v2r故F＝G－mv2r＝4 000 N根据牛顿第三定律，汽车对拱桥的压力为4 000 N.(3)汽车只受重力GG＝m v2 rv＝gr＝10 5 m/s.答案：见解析19．(8分)要求摩托车由静止开始在尽量短的时间内走完一段直道，然后驶入一段半圆形的弯道，但在弯道上行驶时车速不能太快，以免因离心作用而偏出车道．求摩托车在直道上行驶所用的最短时间．有关数据见表格．某同学是这样解的：要使摩托车所用时间最短，应先由静止加速到最大速度 v1＝40 m/s，然后再减速到v2＝20 m/s，t1＝v1a1；t2＝（v1－v2）a2；t＝t1＋t2.你认为这位同学的解法是否合理？若合理，请完成计算；若不合理，请说明理由，并用你自己的方法算出正确结果．启动加速度a1 4 m/s2制动加速度a28 m/s2直道最大速度v140 m/s弯道最大速度v220 m/s直道长度s 218 m解析：①不合理②理由：因为按这位同学的解法可得t 1＝v 1a 1＝10s ，t 2＝（v 1－v 2）a 2＝2.5s总位移x ＝v 12t 1＋v 1＋v 22t 2＝275m>s.③由上可知摩托车不能达到最大速度v 2，设满足条件的最大速度为v ，则v 22a 1＋v 2－v 222a 2＝218.解得v ＝36m/s ，这样加速时间t 1＝v a 1＝9 s ，减速时间t 2＝（v 1－v 2）a 2＝2 s ，因此所用的最短时间t ＝t 1＋t 2＝11 s.答案：见解析20．(9分)如下图所示，质量m ＝60 kg 的高山滑雪运动员，从A 点由静止开始沿雪道滑下，从B 点水平飞出后又落在与水平面成倾角θ＝37°的斜坡上C 点．已知AB 两点间的高度差为h ＝25 m ，B 、C 两点间的距离为s ＝75 m ，(g 取10 m/s 2，cos 37°＝0.8，sin 37°＝0.6)，求：(1)运动员从B 点飞出时的速度v B 的大小． (2)运动员从A 到B 过程中克服摩擦力所做的功．解析：(1)设由B 到C 平抛运动的时间为t 竖直方向： h BC ＝ssin 37° h BC ＝12gt 2水平方向： scos 37°＝v B t 代入数据，解得： v B ＝20 m/s.(2)A 到B 过程由动能定理有 mgh AB ＋W f ＝12mv B 2－0代入数据，解得W f ＝－3 000 J所以运动员克服摩擦力所做的功为3 000 J. 答案：见解析。

2019年全国二卷理综物理真题(含有答案)

2019年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试（物理部分）可能用到的相对原子质量：H 1 Li 7 C 12 N 14 O 16 Na 23 S 32 Cl 35.5 Ar 40 Fe 56 I 127 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆，在探测器“奔向”月球的过程中，用h 表示探测器与地球表面的距离，F 表示它所受的地球引力，能够描F 随h 变化关系的图像是15．太阳内部核反应的主要模式之一是质子-质子循坏，循环的结果可表示为1401214H He+2e+2v →，已知11H 和42He的质量分别为P 1.0078u m =和 4.0026u m α=，1u=931MeV/c 2，c 为光速。

在4个11H 转变成1个42He 的过程中，释放的能量约为 A ．8 MeVA ．16 MeVA ．26 MeV A ．52 MeV16．物块在轻绳的拉动下沿倾角为30°的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行。

已知物块与斜面之间的，重力加速度取10m/s 2。

若轻绳能承受的最大张力为1 500 N ，则物块的质量最大为 A．150kgB ．．200 kg D ．17．如图，边长为l 的正方形abcd 内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面（abcd 所在平面）向外。

ab 边中点有一电子发源O ，可向磁场内沿垂直于ab 边的方向发射电子。

已知电子的比荷为k 。

则从a 、d 两点射出的电子的速度大小分别为A ．14kBlB ．14kBl ，54kBlC ．12kBlD ．12kBl ，54kBl18．从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E 总等于动能E k 与重力势能E p 之和。

2019-2020学年高中物理人教版选修3-3同步作业与测评：本册综合测评(二) Word版含解析

本册综合测评(二)　本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分120分，考试时间90分钟。

第Ⅰ卷(选择题，共50分)一、选择题(每小题5分，共50分)1．(多选)对于一定量的稀薄气体，下列说法正确的是( )A．压强变大时，分子热运动必然变得剧烈B．保持压强不变时，分子热运动可能变得剧烈C．压强变大时，分子间的平均距离必然变小D．压强变小时，分子间的平均距离可能变小答案　BD解析　对一定量的稀薄气体，压强变大，温度不一定升高，因此分子热运动不一定变得剧烈，A错误；在保持压强不变时，如果气体体积变大则温度升高，分子热运动变得剧烈，B正确；在压强变大或变小时气体的体积可能变大，也可能变小或不变，因此C错误、D正确。

2．(多选)下列说法中正确的是( )A．晶体一定具有规则的几何外形B．叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用C．当液晶中电场强度不同时，液晶对不同颜色光的吸收强度不同D．当氢气和氧气的温度相同时，它们分子的平均速率相同答案　BC解析　晶体有单晶体和多晶体之分，单晶体具有一定规则的几何外形，多晶体没有确定的几何外形，A错误；叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，具体说，叶面上的小露珠与气体接触的表面层中的分子分布比内部的分子分布稀疏，分子间距大于分子力平衡时的距离r0，所以分子间的相互作用表现为引力，从而使小露珠表面各部分之间存在相互吸引的力，即表面张力，小露珠表面层在液体表面张力的作用下呈球形，B正确；由液晶的性质可知，当液晶中电场强度不同时，液晶对不同颜色光的吸收强度不同，C正确；当氢气和氧气的温度相同时，它们分子运动的平均动能相同，但分子的平均速率不同，D 错误。

3．设有甲、乙两分子，甲固定在0点，r 0为其平衡位置间的距离，今使乙分子由静止开始只在分子力作用下由距甲0．5r 0处开始沿x 方向运动，则( )A ．乙分子的加速度先减小，后增大B ．乙分子到达r 0处时速度最大C ．分子力对乙一直做正功，分子势能减小D ．乙分子一定在0．5r 0～10r 0间振动答案　B解析　两分子间的斥力和引力的合力F 与分子间距离r 的关系如图中曲线所示，曲线与r 轴交点的横坐标为r 0。

2019年高考物理二模试卷(解析版)

2019年高考物理二模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．如图，有A、B两个完全相同的小球并排放在倾角为30°的固定斜面上，B球被竖直挡板挡住，不计一切摩擦，则A、B之间的作用力与竖直挡板对B的作用力之比为（）A． B． C． D．2．如图，abcd是匀强电场中的一个正方形、一个电子由a点分别运动到b点和d点，电场力所做的正功相等，则（）A．电场线与ac平行，场强方向由c指向aB．电场线与bd平行，场强方向由b指向dC．一个质子由b运动到c，电场力做正功D．一个质子由c运动到d，电场力做负功3．某定值电阻接在输出电压为220V的直流电源上，消耗电功率为P，若把它接在某个正弦交流电源上，其消耗的电功率为，则此交流电源输出电压的最大值为（）A．220V B．110V C．220V D．110V4．质量为m的钢制小球用长为l的结实细线悬挂在O点，将小球拉到与O点相齐的水平位置C由静止释放，小球运动到最低点时对细绳的拉力2mg，若小球运动到最低点B时用小锤头向左敲击它一下，瞬间给小球补充机械能△E，小球就能恰好摆到与C等高的A点，设空气阻力只与运动速度相关，且运动越大空气的阻力就越大，则以下关系可能正确的是（）A．△E＞mgl B．△E＜mgl C．△E=mgl D．mgl＜△E＜mgl 5．矩形导轨线框abcd放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的图象如图所示，设t=0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里，则在0﹣4s时间内，下图中能正确反映线框ab边所受的安培力F随时间t变化的图象是（规定ab边所受的安培力向左为正）（）A．B．C．D．6．如图所示是研究平抛运动的实验装置，正方形白纸ABCD贴在方木板上，E、F、H是对应边的中点，P点是EH的中点，金属小球从倾斜光滑轨道上从静止下滑，从F点沿FH方向做平抛运动，恰好从C点射出，以下说法正确的是（）A．小球的运动轨迹经过P点B．小球的运动轨迹经过PE之间某点C．若将小球在轨道上释放处高度降低，小球恰好由E点射出D．若将小球在轨道上释放处高度降低，小球恰好由E点射出7．如图理想变压器副线圈1、2之间的匝数是总匝数的一半，二极管D具有单向导电性（正向电阻为零，反向电阻为无穷大）．R是可变阻，K是单刀双掷开关，原线圈接在电压不变的正弦交流电源上，下列说法正确的是（）A．若R阻值不变，当K分别接1和2时，电压表读数之比为2：1 B．若R阻值不变，当K分别接1和2时，电压表读数之比为：1C．当K分别接1和2时，R消耗功率相等，则R阻值之比为2：1 D．当K分别接1和2时，R消耗功率相等，则阻值R之比为：18．如图所示，水平转台上有一个质量为m=2kg的物块，用长为L=0.1m 的细绳将物块连接在转轴上，细丝与竖直转轴的夹角为θ=53°角，此时绳中张力为零，物块与转台间最大静摩擦力等于重力的0.2倍，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，则：（）A．至绳中刚好出现拉力时，转台对物块做的功为0.16JB．至绳中刚好出现拉力时，转台对物块做的功为0.24JC．至转台对物块支持力刚好为零时，转台对物块做的功为JD．至转台对物块支持力刚好为零时，转台对物块做的功为J二、必考题（共4小题，满分47分）9．如图所示的实验装置可以测量小滑块与水平面之间的动摩擦因数μ，弹簧左端固定，右端顶住小滑块（滑块与弹簧不连接，小滑块上固定有挡光条），开始时使弹簧处于压缩状态，O点是小滑块开始运动的初始位置，某时刻释放小滑块，小滑块在水平面上运动经过A 处的光电门最后停在B处，已知当地重力加速度为g．（1）为了测量动摩擦因数，需要测量小滑块上的遮光条宽度d及与光电门相连数字计时器显示的时间△t，还需测量的物理量及其符号是．（2）利用测量的量表示动摩擦因数μ=．（3）为了减小实验误差，OA之间的距离不能小于．10．（9分）要测量一段阻值为几欧姆的金属丝的电阻率，请根据题目要求完成实验：（1）用毫米刻度尺测量金属丝长度为L=80.00cm，用螺旋测微器测金属丝的直径，如图甲所示，则金属丝的直径d=mm．（2）在测量电路的实物图中，电压表没有接入电路，请在图乙中连线，使得电路完整；（3）实验中多次改变滑动变阻器触头的位置，得到多组实验数据，以电压表读数U为纵轴、电流表读数I为横轴，在U﹣I坐标系中描点，如图丙所示．请作出图象并根据图象求出被测金属丝的电阻R=Ω（结果保留两位有效数字）；（4）根据以上各测量结果，得出被测金属丝的电阻率ρ=Ω•m（结果保留两位有效数字）11．（14分）如图所示，半径R=5m的大圆环竖直固定放置，O点是大圆环的圆心，O′是O点正上方一个固定点，一根长为L=5m的轻绳一端固定在O′点，另一端系一质量m=1kg的小球，将轻绳拉至水平并将小球由位置A静止释放，小球运动到最低点O点时，轻绳刚好被拉断，重力加速度取g=10m/s2．求：（1）轻绳所能承受的最大拉力；（2）小球落至大圆环上时的动能．12．（18分）如图所示，长为2L的平板绝缘小车放在光滑水平面上，小车两端固定两个绝缘的带电球A和B，A的带电量为+2q，B的带电量为﹣3q，小车（包括带电球A、B）总质量为m，虚线MN与PQ 平行且相距3L，开始时虚线MN位于小车正中间，若视带电小球为质点，在虚线MN、PQ间加上水平向右的电场强度为E的匀强电场后，小车开始运动．试求：（1）小车向右运动的最大距离和此过程中B球电势能的变化量；（2）A球从开始运动至刚离开电场所用的时间．三、选修题：[选修3－3]（共2小题，满分15分）13．下列说法中正确的是（）A．布朗运动就是悬浮微粒的分子的无规则运动B．一定质量的理想气体，若压强不变，体积增大．则其内能一定增大C．当分子间距离减小时，分子间斥力、引力均增大D．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E．一定质量的理想气体在完全失重的状态下，气体的压强为零14．（10分）如图所示，密闭气缸竖直放置（气缸上壁C处留有抽气孔），活塞将气缸分成上、下两部分，其中下部分密闭气体B可视为理想气体，气体温度为T0．现将上半部分气体A缓慢抽出，使其变成真空并密封，此过程中气体B的温度始终不变且当气体A的压强为p0时，气体B的体积为V1，气体A的体积为4V1，密封抽气孔C后缓慢加热气体B，已知活塞因重力而产生的压强为0.5p0，活塞与气缸壁间无摩擦且不漏气，求：①活塞刚碰到气缸上壁时，气体B的温度．②当气体B的温度为3T0时，气体B的压强．四、[选修3－4]（共2小题，满分0分）15．已知双缝到光屏之间的距离L=500mm，双缝之间的距离d=0.50mm，单缝到双缝之间的距离s=100mm，测量单色光的波长实验中，照射得8条亮条纹的中心之间的距离为4.48mm，则相邻条纹间距△x=mm；入射光的波长λ=m（结果保留有效数字）．16．某时刻的波形图如图所示，波沿x轴正方向传播，质点P的横坐标x=0.32m．从此时刻开始计时（1）若P点经0.4s第一次到达最大正位移处，求波速大小．（2）若P点经0.4s到达平衡位置，波速大小又如何？五、[选修3－5]（共2小题，满分0分）17．按照玻尔原子理论，氢原子中的电子离原子核越远，氢原子的能量（选填“越大”或“越小”）．已知氢原子的基态能量为E1（E1＜0），电子质量为m，基态氢原子中的电子吸收一频率为ν的光子被电离后，电子速度大小为（普朗克常量为h）．18．在一次水平面上的碰撞实验中，质量为M的小滑块A以一定的初速度开始运动，滑行距离x1后与静止的质量为m的小滑块B发生正碰，碰后两滑块结合在一起共同前进距离x2后静止．若碰撞前后的运动过程中，A和B所受阻均为自身重力的μ倍，求初始释放时A 的速度大小．参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．如图，有A、B两个完全相同的小球并排放在倾角为30°的固定斜面上，B球被竖直挡板挡住，不计一切摩擦，则A、B之间的作用力与竖直挡板对B的作用力之比为（）A． B． C． D．【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】先对A球受力分析，根据平衡条件列式求解B对A的支持力；再隔离A、B球整体，根据平衡条件列式求解竖直挡板对B的作用力．【解答】解：对A球受力分析，如图所示，A、B之间的作用力等于A球的重力沿着斜面的分量，为：F1=mgsin30°；B球与竖直挡板间的作用力F2方向与挡板垂直，把A、B看作一个整体，即：F2=2mgtan30°；故；故选：C．【点评】本题关键是采用隔离法和整体法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，基础题目．2．如图，abcd是匀强电场中的一个正方形、一个电子由a点分别运动到b点和d点，电场力所做的正功相等，则（）A．电场线与ac平行，场强方向由c指向aB．电场线与bd平行，场强方向由b指向dC．一个质子由b运动到c，电场力做正功D．一个质子由c运动到d，电场力做负功【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【分析】根据电场力做功情况，可判断出b、d两点的电势相等，bd 连线就是一条等势线．由电场力做功正负分析a点与b点或d点电势的高低，由电场线与等势面垂直，且指向电势较低的等势面，判断电场线的方向．再由电势的高低，分析质子运动时电场力做功正负．【解答】解：AB、电子由a点分别运动到b点和d点，电场力所做的是正功，电势能减少，由E p=qφ知，a点的电势比b点、d点的电势低．由电场力做功公式W=qU，知ab间与ad间电势差相等，因此b、d 两点的电势相等，bd连线就是一条等势线．根据电场线与等势面垂直，且指向电势较低的等势面，可知电场线与ac平行，场强方向由c 指向a．故A正确，B错误．CD、一个质子由b运动到c，电势升高，电势能增加，则电场力做负功，同理，质子由c运动到d，电势降低，电势能减少，电场力做正功．故CD错误．故选：A【点评】本题关键是找到等势点，找出等势线，根据电场线与等势面之间的关系来分析，分析作电场线方向的依据是：沿着电场线方向电势降低，且电场线与等势面垂直．3．某定值电阻接在输出电压为220V的直流电源上，消耗电功率为P，若把它接在某个正弦交流电源上，其消耗的电功率为，则此交流电源输出电压的最大值为（）A．220V B．110V C．220V D．110V【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】根据焦耳定律Q=I2Rt求解电流的有效值，其中I是有效值．再根据有效值与最大值的关系求出最大值．【解答】解：设电热器的电阻为R，t时间内产生的热量为Q，则：Q=此热量是接交流电源上产生的热功率的2倍，所以Q′=Q所以：解得：V所以最大值为：故选：C【点评】对于交变电流，求解热量、电功和电功率等与热效应有关的量，都必须用有效值．4．质量为m的钢制小球用长为l的结实细线悬挂在O点，将小球拉到与O点相齐的水平位置C由静止释放，小球运动到最低点时对细绳的拉力2mg，若小球运动到最低点B时用小锤头向左敲击它一下，瞬间给小球补充机械能△E，小球就能恰好摆到与C等高的A点，设空气阻力只与运动速度相关，且运动越大空气的阻力就越大，则以下关系可能正确的是（）A．△E＞mgl B．△E＜mgl C．△E=mgl D．mgl＜△E＜mgl 【考点】功能关系．【分析】先根据牛顿第二定律求出小球通过B点的速度，分别对从C到B和B到A两个过程，运用功能原理列式，再结合空气阻力做功关系分析即可．【解答】解：设小球通过B点的速度为v，小球从C到B克服空气阻力做功为W，从B到A克服空气阻力做功为W′．在B点，根据牛顿第二定律得T﹣mg=m，又T=2mg，得v=根据功能关系可得：从C到B有：mgl=mv2+W，可得W=mgl从B到A有：△E+mv2=mgl+W′，可得W′=△E﹣mgl根据题意，知小球运动速度越大，空气的阻力越大，则有W′＞W 联立解得△E＞mgl故选：A【点评】解决本题的关键要掌握功能原理，能灵活选取研究过程，分段列式，同时结合题目中的条件进行分析．5．矩形导轨线框abcd放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的图象如图所示，设t=0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里，则在0﹣4s时间内，下图中能正确反映线框ab边所受的安培力F随时间t变化的图象是（规定ab边所受的安培力向左为正）（）A．B．C．D．【考点】法拉第电磁感应定律；安培力；楞次定律．【分析】根据楞次定律和法拉第电磁感应定律，判断出感应电流的方向和大小，再根据左手定则判断出ab边所受的安培力F，再由安培力大小F=BIL，即可求解．【解答】解：0～1s内，由楞次定律可判断电流方向为b→a，根据法拉第电磁感应定律，电流的大小恒定，由左手定则可判断ab边受到的安培力向左，为正方向的力，再由安培力大小公式F=BIL，可知，安培力的大小与磁场成正比，则大小在减小．1s～2s内，磁场向外且增大，线框中电流方向为b→a，电流大小恒定，ab边受到向右的力，为反方向，大小在增大；2s～3s内，磁场向外且减小，线框中电流方向为a→b，电流大小恒定，ab边受到向左的力，为正方向，大小在减小；3s～4s内，磁场向里且增大，线框中电流方向a→b，电流的大小恒定，ab边受到向右的力，为反方向，大小在增大．综合上述三项，故D正确，ABC错误．故选：D．【点评】解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律求感应电动势、感应电流的大小，会用楞次定律判断感应电流的方向．6．如图所示是研究平抛运动的实验装置，正方形白纸ABCD贴在方木板上，E、F、H是对应边的中点，P点是EH的中点，金属小球从倾斜光滑轨道上从静止下滑，从F点沿FH方向做平抛运动，恰好从C点射出，以下说法正确的是（）A．小球的运动轨迹经过P点B．小球的运动轨迹经过PE之间某点C．若将小球在轨道上释放处高度降低，小球恰好由E点射出D．若将小球在轨道上释放处高度降低，小球恰好由E点射出【考点】研究平抛物体的运动．【分析】小球在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度的变化分析运动时间的变化，从而得出水平位移的变化．【解答】解：A、小球从F点沿FH方向做平抛运动，恰好从C点射出，假设通过P点，则水平位移是整个水平位移的，可知运动的时间为平抛运动的时间的，根据h=知，下降的高度为平抛运动高度的，而P点的高度是平抛运动高度的，相矛盾，可知小球运动轨迹不经过P点，而是经过PE之间某点，故A错误，B正确．C、若将小球在轨道上释放处高度降低，则平抛运动的高度变为原来的，根据t=知，平抛运动的时间变为原来的一半，水平位移变为原来的一半，小球恰好从E点射出，故C错误，D正确．故选：BD．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式分析判断，难度中等．7．如图理想变压器副线圈1、2之间的匝数是总匝数的一半，二极管D具有单向导电性（正向电阻为零，反向电阻为无穷大）．R是可变阻，K是单刀双掷开关，原线圈接在电压不变的正弦交流电源上，下列说法正确的是（）A．若R阻值不变，当K分别接1和2时，电压表读数之比为2：1 B．若R阻值不变，当K分别接1和2时，电压表读数之比为：1C．当K分别接1和2时，R消耗功率相等，则R阻值之比为2：1 D．当K分别接1和2时，R消耗功率相等，则阻值R之比为：1【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率．【分析】由二极管的单向导电性结合有效值的定义进行分析各选项．【解答】解：A、B、K分接1时，设副线圈的电压为U，由于二极管的单向导电电阻两端的电压为′：，得U′=．K接2时因匝数减小则R的电压的有效值减半为，电压表的读数之比为：2：=，则A错误，B正确；C、D、由P=，接1和2时，R阻值之比为：=2：1，则C 正确，D错误故选：BC【点评】考查含二极管的有效值的求解方法，根据电压与匝数成正比求得副线圈的电压的变化．不难．8．如图所示，水平转台上有一个质量为m=2kg的物块，用长为L=0.1m 的细绳将物块连接在转轴上，细丝与竖直转轴的夹角为θ=53°角，此时绳中张力为零，物块与转台间最大静摩擦力等于重力的0.2倍，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，则：（）A．至绳中刚好出现拉力时，转台对物块做的功为0.16JB．至绳中刚好出现拉力时，转台对物块做的功为0.24JC．至转台对物块支持力刚好为零时，转台对物块做的功为JD．至转台对物块支持力刚好为零时，转台对物块做的功为J【考点】动能定理；向心力．【分析】对物体受力分析绳子拉力为零时摩擦力提供向心力，离开转台时绳子拉力和重力合力提供向心力，根据动能定理知W=E k=mv2，由此求解转台做的功．【解答】解：AB、物块随转台由静止开始缓慢加速转动，摩擦力提供向心力，绳中刚好出现拉力时，对物体受力分析知：μmg=m，根据动能定理可得转台对物块做的功为：W====0.16J，所以A正确B错误；CD、转台对物块支持力刚好为零时，根据牛顿第二定律可得：mgtanθ=，转台对物块做的功为W=△E′k==×0.1J=J，所以C错误、D正确．故选：AD．【点评】此题考查牛顿运动定律和功能关系在圆周运动中的应用，注意临界条件的分析，至绳中出现拉力时，摩擦力为最大静摩擦力；转台对物块支持力为零时，N=0，f=0．二、必考题（共4小题，满分47分）9．如图所示的实验装置可以测量小滑块与水平面之间的动摩擦因数μ，弹簧左端固定，右端顶住小滑块（滑块与弹簧不连接，小滑块上固定有挡光条），开始时使弹簧处于压缩状态，O点是小滑块开始运动的初始位置，某时刻释放小滑块，小滑块在水平面上运动经过A 处的光电门最后停在B处，已知当地重力加速度为g．（1）为了测量动摩擦因数，需要测量小滑块上的遮光条宽度d及与光电门相连数字计时器显示的时间△t，还需测量的物理量及其符号是光电门和B点之间的距离L．（2）利用测量的量表示动摩擦因数μ=．（3）为了减小实验误差，OA之间的距离不能小于弹簧的压缩量．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【分析】（1）很短的时间内，我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度，由此可以求得铁块的速度大小；根据滑动摩擦力的公式可以判断求动摩擦因数需要的物理量；（2）由滑块的运动情况可以求得铁块的加速度的大小，再由牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小，再由滑动摩擦力的公式可以求得滑动摩擦因数；（3）根据测量的原理即可判断出OA之间的距离．【解答】解：（1）（2）根据极限的思想，在时间很短时，我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度，所以铁块通过光电门l的速度是v=要测量动摩擦因数，由f=μF N可知要求μ，需要知道摩擦力和压力的大小；小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处，滑块做的是匀减速直线运动，根据光电门和B点之间的距离L，由速度位移的关系式可得，v2=2aL对于整体由牛顿第二定律可得，Mg﹣f=Ma因为f=μF N，所以由以上三式可得：μ=；需要测量小滑块上的遮光条宽度d及与光电门相连数字计时器显示的时间△t，以及光电门和B点之间的距离L；（3）在推导动摩擦因数的表达式的过程中，我们需注意到，速度位移的关系式v2=2aL中，滑块做匀变速直线运动，即滑块一直做减速运动，可知OA之间的距离不能小于弹簧的压缩量．故答案为：（1）光电门和B点之间的距离L；（2）；（3）弹簧的压缩量【点评】测量动摩擦因数时，滑动摩擦力的大小是通过牛顿第二定律计算得到的，加速度是通过铁块的运动情况求出来的．运用动能定理来求解弹性势能，注意摩擦力做负功．10．要测量一段阻值为几欧姆的金属丝的电阻率，请根据题目要求完成实验：（1）用毫米刻度尺测量金属丝长度为L=80.00cm，用螺旋测微器测金属丝的直径，如图甲所示，则金属丝的直径d= 1.600mm．（2）在测量电路的实物图中，电压表没有接入电路，请在图乙中连线，使得电路完整；（3）实验中多次改变滑动变阻器触头的位置，得到多组实验数据，以电压表读数U为纵轴、电流表读数I为横轴，在U﹣I坐标系中描点，如图丙所示．请作出图象并根据图象求出被测金属丝的电阻R= 1.2Ω（结果保留两位有效数字）；（4）根据以上各测量结果，得出被测金属丝的电阻率ρ= 3.0×10﹣6Ω•m（结果保留两位有效数字）【考点】测定金属的电阻率．【分析】（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数．（2）根据待测电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后连接实物电路图．（3）根据坐标系内描出的点作图象，然后根据图象应用欧姆定律求出电阻阻值．（4）根据电阻定律求出电阻丝电阻率．【解答】解：（1）由图示螺旋测微器可知，其示数为：1.5mm+10.0×0.01mm=1.600mm；（2）待测电阻丝电阻约为几欧姆，电流表内阻约为零点几欧姆，电压表内阻约为几千欧姆甚至几万欧姆，电压表内阻远大于电阻丝电阻，流表应采用外接法，实物电路图如图所示：（3）根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：由图示图象可知，电阻丝电阻：R==≈1.2Ω．（4）由电阻定律可知，电阻：R=ρ=ρ，电阻率：ρ==≈3.0×10﹣6Ω•m ；故答案为：（1）1.600；（2）电路图如图所示；（3）图象如图所示；1.2；（4）3.0×10﹣6．【点评】本题考查了螺旋测微器读数、连接实物电路图、作图象、求电阻与电阻率；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，对螺旋测微器读数时要注意估读，读数时视线要与刻度线垂直．11．（14分）（2016•浙江模拟）如图所示，半径R=5m 的大圆环竖直固定放置，O 点是大圆环的圆心，O′是O 点正上方一个固定点，一根长为L=5m 的轻绳一端固定在O′点，另一端系一质量m=1kg 的小球，将轻绳拉至水平并将小球由位置A 静止释放，小球运动到最低点O点时，轻绳刚好被拉断，重力加速度取g=10m/s2．求：（1）轻绳所能承受的最大拉力；（2）小球落至大圆环上时的动能．【考点】机械能守恒定律；向心力．【分析】（1）轻绳被拉断前瞬间所承受的拉力最大．先根据机械能守恒定律求出小球运动到最低点的速度，结合牛顿第二定律求出绳子的最大拉力；（2）绳子断裂后，小球做平抛运动，结合平抛运动的规律，抓住竖直位移和水平位移的关系求出运动的时间，再求出小球落到大圆环上的速度，从而求出动能．【解答】解：（1）设小球摆到O点的速度为v，小球由A到O的过程，由机械能守恒定律有：mgL=mv2；解得v=10m/s在O点由牛顿第二定律得：F﹣mg=m联立解得：F=3mg=30N即轻绳所能承受的最大拉力是30N．（2）绳被拉断后，小球做平抛运动，设平抛运动的时间为t，则小球落在大圆环上时有：x=vty=gt2且有x2+y2=R2联解并代入数据得：t=1s小球落在大圆环上时速度为v′==10m/s动能E k==100J答：（1）轻绳所能承受的最大拉力是30N．（2）小球落至大圆环上时的动能是100J．【点评】本题是机械能守恒定律、平抛运动和圆周运动的综合，要知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，明确圆周运动向心力的来源是解决本题的关键．12．（18分）如图所示，长为2L的平板绝缘小车放在光滑水平面上，小车两端固定两个绝缘的带电球A和B，A的带电量为+2q，B的带电量为﹣3q，小车（包括带电球A、B）总质量为m，虚线MN与PQ 平行且相距3L，开始时虚线MN位于小车正中间，若视带电小球为质点，在虚线MN、PQ间加上水平向右的电场强度为E的匀强电场后，小车开始运动．试求：（1）小车向右运动的最大距离和此过程中B球电势能的变化量；（2）A球从开始运动至刚离开电场所用的时间．。

2019年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力模拟测试(新课标全国卷Ⅱ)物理解析答案

2019年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力模拟测试（新课标全国卷Ⅱ）物理学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题（本大题共5小题，共30分）1.质量为1kg的物体，放在动摩擦因数为的水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，水平拉力做的功W和物体发生的位移s之间的关系如图所示，重力加速度为，则正确的是A. m时速度大小为B. m时速度大小为C. OA段加速度大小为2D. AB段加速度大小为32.质量为1kg的物体从离地面5m高处自由下落。

与地面碰撞后。

上升的最大高度为，设球与地面作用时间为，则小球对地面的平均冲力为A. 90NB. 80NC. 110ND. 100N3.土星最大的卫星叫“泰坦”如图，每16天绕土星一周，其公转轨道半径为已知引力常量，则土星的质量约为A.B.C.D.4.如图所示是某金属在光的照射下，光电子最大初动能与入射光频率的关系图象，由图象可知，下列不正确的是A. 图线的斜率表示普朗克常量hB. 该金属的逸出功等于EC. 该金属的逸出功等于D. 入射光的频率为时，产生的光电子的最大初动能为2E5.如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，一边长为20cm的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度通过磁场区域，在运动过程中，线框有一边始终与磁场区域的边界平行，取它刚进入磁场为0时刻，在下列四个图中，正确反映感应电流随时间变化规律的是A. B.C. D.二、多选题（本大题共4小题，共23分）6.甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的图象分别如图中的a和b所示，下列说法正确的是A. 在时刻它们的运动方向相同B. 在时刻甲与乙可能相遇C. 甲的加速度比乙的加速度大D. 在～时间内，甲比乙的位移大7.圆心为O，半径为R的半圆的直径线两端，各固定有一根垂直圆平面的长直导线a、b，两导线中通有大小分别为和方向相同的电流，已知长直导线产生的磁感应强度，其中k为常数，I为导线中电流，r为点到导线的距离，则下列说法中正确的是A. 圆心O点处的磁感应强度的方向由a指向bB. 在直径ab上、磁感应强度为0的点与到b点距离为C. 在半圆上一定存在“磁感应强度方向平行于直径ab”的位置D. 在半圆上一定存在“磁感应强度方向沿半圆切线方向”的位置8.如图所示，在M、N两点分别固定两个点电荷，电荷量均为，MN连线的中点为正方形ABCD以O点为中心，E、F、G、H分别是正方形四边的中点则下列说法中正确的是A. A点电势低于B点电势B. O点的电场强度为零，电势不一定为零C. 质子沿直线从A到B，电势能先减小后增大D. 电子沿路径移动比沿路径移动，电场力做的功多9.关于物体的内能，下列说法正确的是A. 橡皮筋被拉伸时，分子间势能增加B. 物体内部所有分子动能的总和叫做物体的内能C. 一定质量的的冰融化为的水时，分子势能增加D. 一定质量的理想气体放出热量，它的内能可能增加E. 通电时电阻发热，它的内能增加是通过“热传递”方式实现的三、填空题（本大题共1小题，共4分）10.波速与波长和频率的关系：____．四、实验题探究题（本大题共2小题，共15.0分）11.为了粗略测量电阻，某同学用量程为15mA的毫安表电动势为9V的电池、的电阻箱制作了一块简易欧姆表电路如图所示。

2019年全国统一高考物理试卷(新课标ⅱ)(含解析版)

2019年普通高等学校招生全国统一考试全国Ⅱ卷理科综合(物理部分)一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2019·全国Ⅱ卷·14)2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆．在探测器“奔向”月球的过程中，用h表示探测器与地球表面的距离，F表示它所受的地球引力，能够描述F随h变化关系的图像是( )答案　D解析　在嫦娥四号探测器“奔向”月球的过程中，根据万有引力定律，可知随着h的增大，探测器所受的地球引力逐渐减小但并不是均匀减小的，故能够描述F随h变化关系的图像是D. 15．(2019·全国Ⅱ卷·15)太阳内部核反应的主要模式之一是质子－质子循坏，循环的结果可14201142表示为4H→He＋2e＋2ν，已知H和He的质量分别为m p＝1.007 8 u和mα＝4.002 6 u,1142u＝931 MeV/c2，c为光速．在4个H转变成1个He的过程中，释放的能量约为( ) A．8 MeV B．16 MeVC．26 MeV D．52 MeV答案　C解析　核反应质量亏损Δm＝4×1.007 8 u－4.002 6 u＝0.028 6 u，释放的能量ΔE＝0.0286×931 MeV≈26.6 MeV ，选项C 正确．16．(2019·全国Ⅱ卷·16)物块在轻绳的拉动下沿倾角为30°的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行．已知物块与斜面之间的动摩擦因数为，重力加速度取10 m/s 2.若轻绳能承受33的最大张力为1 500 N ，则物块的质量最大为( )A ．150 kgB ．100 kg 3C ．200 kgD ．200 kg3答案　A解析　设物块的质量最大为m ，将物块的重力沿斜面方向和垂直斜面方向分解，由平衡条件，在沿斜面方向有F ＝mg sin 30°＋μmg cos 30°，解得m ＝150 kg ，A 项正确．17. (2019·全国Ⅱ卷·17)如图1，边长为l 的正方形abcd 内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B .方向垂直于纸面(abcd 所在平面)向外．ab 边中点有一电子发射源O ，可向磁场内沿垂直于ab 边的方向发射电子．已知电子的比荷为k .则从a 、d 两点射出的电子的速度大小分别为( )图1 A.kBl ，kBl 1454B.kBl ，kBl 1454C.kBl ，kBl 1254D.kBl ，kBl 1254答案　B解析　电子从a 点射出时，其轨迹半径为r a ＝，由洛伦兹力提供向心力，有e v a B ＝m ，l 4v a2r a 又＝k ，解得v a ＝；电子从d 点射出时，由几何关系有r ＝l 2＋(r d －)2，解得轨迹半e m kBl 4d2l 2径为r d ＝，由洛伦兹力提供向心力，有e v d B ＝m ，又＝k ，解得v d ＝，选项B 正5l 4v d 2r d e m 5kBl 4确．18．(多选)(2019·全国Ⅱ卷·18)从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E 总等于动能E k 与重力势能E p 之和．取地面为重力势能零点，该物体的E 总和E p 随它离开地面的高度h 的变化如图1所示．重力加速度取10 m/s 2.由图中数据可得( )图1A ．物体的质量为2 kgB ．h ＝0时，物体的速率为20 m/sC ．h ＝2 m 时，物体的动能E k ＝40 JD ．从地面至h ＝4 m ，物体的动能减少100 J答案　AD解析　根据题图图像可知，h ＝4 m 时物体的重力势能mgh ＝80 J ，解得物体质量m ＝2 kg ，抛出时物体的动能为E k0＝100 J ，由公式E k0＝m v 2可知，h ＝0时物体的速率为v ＝10 m/s ，12选项A 正确，B 错误；由功能关系可知F f h ＝|ΔE |＝20 J ，解得物体上升过程中所受空气阻力F f ＝5 N ，从物体开始抛出至上升到h ＝2 m 的过程中，由动能定理有－mgh －F f h ＝E k －100 J ，解得E k ＝50 J ，选项C 错误；由题图图像可知，物体上升到h ＝4 m 时，机械能为80 J ，重力势能为80 J ，动能为零，即从地面上升到h ＝4 m ，物体动能减少100 J ，选项D正确．19．(多选)(2019·全国Ⅱ卷·19)如图1(a)，在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离．某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始计时，用v 表示他在竖直方向的速度，其v －t 图像如图(b)所示，t 1和t 2是他落在倾斜雪道上的时刻．则( )图1A ．第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小B ．第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大C ．第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大D ．竖直方向速度大小为v 1时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大答案　BD解析　根据v －t 图线与横轴所围图形的面积表示位移，可知第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的大，选项A 错误；从起跳到落到雪道上，第一次速度变化大，时间短，由a ＝可知，第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的小，选项C 错误；Δv Δt第二次滑翔过程中在竖直方向的位移比第一次的大，又运动员每次滑翔过程中竖直位移与水平位移的比值相同(等于倾斜雪道与水平面夹角的正切值)，故第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大，选项B 正确；竖直方向上的速度大小为v 1时，根据v －t 图线的斜率表示加速度可知，第二次滑翔过程中在竖直方向上的加速度比第一次的小，由牛顿第二定律有mg －F f ＝ma ，可知第二次滑翔过程中在竖直方向上所受阻力比第一次的大，选项D 正确．20．(多选)(2019·全国Ⅱ卷·20)静电场中，一带电粒子仅在电场力的作用下自M 点由静止开始运动，N为粒子运动轨迹上的另外一点，则( )A．运动过程中，粒子的速度大小可能先增大后减小B．在M、N两点间，粒子的轨迹一定与某条电场线重合C．粒子在M点的电势能不低于其在N点的电势能D．粒子在N点所受电场力的方向一定与粒子轨迹在该点的切线平行答案　AC解析　在两个同种点电荷的电场中，一带同种电荷的粒子在两电荷的连线上自M点(非两点电荷连线的中点)由静止开始运动，粒子的速度先增大后减小，选项A正确；带电粒子仅在电场力作用下运动，若运动到N点的动能为零，则带电粒子在N、M两点的电势能相等；仅在电场力作用下运动，带电粒子的动能和电势能之和保持不变，可知若粒子运动到N点时动能不为零，则粒子在N点的电势能小于在M点的电势能，即粒子在M点的电势能不低于其在N点的电势能，选项C正确；若静电场的电场线不是直线，带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹不会与电场线重合，选项B错误；若粒子运动轨迹为曲线，根据粒子做曲线运动的条件，可知粒子在N点所受电场力的方向一定不与粒子轨迹在该点的切线平行，选项D错误．21. (多选)(2019·全国Ⅱ卷·21)如图1，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为θ，导轨电阻忽略不计．虚线ab、cd均与导轨垂直，在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场．将两根相同的导体棒PQ、MN先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好．已知PQ进入磁场时加速度恰好为零．从PQ进入磁场开始计时，到MN离开磁场区域为止，流过PQ的电流随时间变化的图像可能正确的是( )图1答案　AD解析　根据题述，PQ进入磁场时加速度恰好为零，两导体棒从同一位置释放，则两导体棒进入磁场时的速度相同，产生的感应电动势大小相等，若释放两导体棒的时间间隔足够长，在PQ通过磁场区域一段时间后MN进入磁场区域，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可知流过PQ的电流随时间变化的图像可能是A；若释放两导体棒的时间间隔较短，在PQ没有出磁场区域时MN就进入磁场区域，则两棒在磁场区域中运动时回路中磁通量不变，两棒不受安培力作用，二者在磁场中做加速运动，PQ出磁场后，MN切割磁感线产生感应电动势和感应电流，且感应电流一定大于I1，受到安培力作用，由于安培力与速度成正比，则MN所受的安培力一定大于MN的重力沿导轨平面方向的分力，所以MN一定做减速运动，回路中感应电流减小，流过PQ的电流随时间变化的图像可能是D.二、非选择题：共62分，第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题：共47分．22．(2019·全国Ⅱ卷·22)如图1，某同学设计了测量铁块与木板间动摩擦因数的实验．所用器材有：铁架台、长木板、铁块、米尺、电磁打点计时器、频率50 Hz的交流电源、纸带等．回答下列问题：(1)铁块与木板间动摩擦因数μ＝______(用木板与水平面的夹角θ、重力加速度g和铁块下滑的加速度a表示)．图1(2)某次实验时，调整木板与水平面的夹角θ＝30°.接通电源，开启打点计时器，释放铁块，铁块从静止开始沿木板滑下．多次重复后选择点迹清晰的一条纸带，如图2所示．图中的点为计数点(每两个相邻的计数点间还有4个点未画出)．重力加速度为9.80 m/s 2.可以计算出铁块与木板间的动摩擦因数为________(结果保留2位小数)．图2答案　(1)　(2)0.35 g sin θ－a g cos θ解析　(1)对铁块受力分析，由牛顿第二定律有mg sin θ－μmg cos θ＝ma ，解得μ＝. g sin θ－a g cos θ(2)两个相邻计数点之间的时间间隔T ＝5×s ＝0.10 s ， 150由逐差法和Δx ＝aT 2，可得a ＝≈1.97 m/s 2， (x 5＋x 6＋x 7)－(x 1＋x 2＋x 3)12T 2代入μ＝，解得μ≈0.35. g sin θ－a g cos θ23．(2019·全国Ⅱ卷·23)某小组利用图1(a)所示的电路，研究硅二极管在恒定电流条件下的正向电压U 与温度t 的关系，图中V 1和V 2为理想电压表；R 为滑动变阻器，R 0为定值电阻(阻值100 Ω)；S 为开关，E 为电源．实验中二极管置于控温炉内，控温炉内的温度t 由温度计(图中未画出)测出．图(b)是该小组在恒定电流为50.0 μA 时得到的某硅二极管U －t 关系曲线．回答下列问题：图1(1)实验中，为保证流过二极管的电流为50.0 μA ，应调节滑动变阻器R ，使电压表V 1的示数为U 1＝________ mV ；根据图(b)可知，当控温炉内的温度t 升高时，硅二极管正向电阻________(填“变大”或“变小”)，电压表V 1示数________(填“增大”或“减小”)，此时应将R 的滑片向________(填“A ”或“B ”)端移动，以使V 1示数仍为U 1.(2)由图(b)可以看出U 与t 成线性关系．硅二极管可以作为测温传感器，该硅二极管的测温灵敏度为||＝________×10－3 V/℃(保留2位有效数字)． ΔU Δt答案　(1)5.00　变小　增大　B (2)2.8解析　(1)实验中硅二极管与定值电阻R0串联，由欧姆定律可知，定值电阻两端电压U 1＝IR 0＝50.0 μA×100 Ω＝5.00 mV ；由题图(b)可知，当控温炉内温度升高时，硅二极管两端电压减小，又题图(b)对应的电流恒为50.0 μA ，可知硅二极管的正向电阻变小，定值电阻R0两端电压增大，即电压表V 1示数增大，应增大滑动变阻器接入电路的阻值以减小电路中的电流，从而使电压表V 1示数保持不变，故应将R 的滑片向B 端移动．(2)由题图(b)可知＝ V/℃＝2.8×10－3 V/℃. |ΔU Δt |0.44－0.3080－3024．(2019·全国Ⅱ卷·24)如图1，两金属板P 、Q 水平放置，间距为d .两金属板正中间有一水平放置的金属网G ，P 、Q 、G 的尺寸相同．G 接地，P 、Q 的电势均为φ(φ>0)．质量为m ，电荷量为q (q >0)的粒子自G 的左端上方距离G 为h 的位置，以速度v 0平行于纸面水平射入电场，重力忽略不计．图1(1)求粒子第一次穿过G 时的动能，以及它从射入电场至此时在水平方向上的位移大小；(2)若粒子恰好从G 的下方距离G 也为h 的位置离开电场，则金属板的长度最短应为多少？答案　(1)m v ＋qh v 0 12022φdmdh q φ(2)2v 0 mdh q φ解析　(1)PG 、QG 间场强大小相等，均为E .粒子在PG 间所受电场力F 的方向竖直向下，设粒子的加速度大小为a ，有E ＝① 2φdF ＝qE ＝ma ②设粒子第一次到达G 时动能为E k ，由动能定理有qEh ＝E k －m v ③ 1202设粒子第一次到达G 时所用的时间为t ，粒子在水平方向的位移为l ，则有h ＝at 2④ 12l ＝v 0t ⑤ 联立①②③④⑤式解得E k ＝m v ＋qh ⑥ 12022φdl ＝v 0⑦ mdh q φ(2)若粒子穿过G 一次就从电场的右侧飞出，则金属板的长度最短．由对称性知，此时金属板的长度为L ＝2l ＝2v 0⑧ mdh q φ25．(2019·全国Ⅱ卷·25)一质量为m ＝2 000 kg 的汽车以某一速度在平直公路上匀速行驶．行驶过程中，司机突然发现前方100 m 处有一警示牌．立即刹车．刹车过程中，汽车所受阻力大小随时间的变化可简化为图1(a)中的图线．图(a)中，0～t 1时间段为从司机发现警示牌到采取措施的反应时间(这段时间内汽车所受阻力已忽略，汽车仍保持匀速行驶)，t 1＝0.8 s ；t 1～t 2时间段为刹车系统的启动时间，t 2＝1.3 s ；从t 2时刻开始汽车的刹车系统稳定工作，直至汽车停止．已知从t 2时刻开始，汽车第1 s 内的位移为24 m ，第4 s 内的位移为1 m.图1(1)在图(b)中定性画出从司机发现警示牌到刹车系统稳定工作后汽车运动的v －t 图线；(2)求t 2时刻汽车的速度大小及此后的加速度大小；(3)求刹车前汽车匀速行驶时的速度大小及t 1～t 2时间内汽车克服阻力做的功；从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离约为多少(以t 1～t 2时间段始末速度的算术平均值替代这段时间内汽车的平均速度)?答案　见解析解析　(1)v －t 图像如图所示．(2)设刹车前汽车匀速行驶时的速度大小为v 1，则t 1时刻的速度为v 1，t 2时刻的速度为v 2，在t 2时刻后汽车做匀减速运动，设其加速度大小为a ，取Δt ＝1 s ，设汽车在t 2＋(n －1)Δt ～t 2＋n Δt 内的位移为s n ，n ＝1,2,3….若汽车在t 2＋3Δt ～t 2＋4Δt 时间内未停止，设它在t 2＋3Δt 时刻的速度为v 3，在t 2＋4Δt 时刻的速度为v 4，由运动学公式有s 1－s 4＝3a (Δt )2①s 1＝v 2Δt －a (Δt )2② 12v 4＝v 2－4a Δt ③联立①②③式，代入已知数据解得v 4＝－m/s ④ 176这说明在t 2＋4Δt 时刻前，汽车已经停止．因此，①式不成立．由于在t 2＋3Δt ～t 2＋4Δt 内汽车停止，由运动学公式v 3＝v 2－3a Δt ⑤2as 4＝v ⑥32联立②⑤⑥式，代入已知数据解得a ＝8 m /s 2，v 2＝28 m/s ⑦或者a ＝ m /s 2，v 2＝29.76 m/s ⑧ 28825但⑧式情形下，v 3<0，不合题意，舍去．(3)设汽车的刹车系统稳定工作时，汽车所受阻力的大小为f 1，由牛顿第二定律有 f 1＝ma ⑨在t 1～t 2时间内，阻力对汽车冲量的大小为I ＝f 1(t 2－t 1)⑩ 12由动量定理有I ＝m v 1－m v 2⑪由动能定理，在t 1～t 2时间内，汽车克服阻力做的功为W ＝m v －m v ⑫ 12121222联立⑦⑨⑩⑪⑫式，代入已知数据解得v 1＝30 m/s ⑬W ＝1.16×105 J ⑭从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离s 约为s ＝v 1t 1＋(v 1＋v 2)(t 2－t 1)＋⑮ 12v 222a联立⑦⑬⑮，代入已知数据解得s ＝87.5 m ⑯(二)选考题：共15分．请考生从2道物理题中任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分． 33.物理——选修3－3(2019·全国Ⅱ卷·33)(1)如图1p －V 图所示，1、2、3三个点代表某容器中一定量理想气体的三个不同状态，对应的温度分别是T 1、T 2、T 3.用N 1、N 2、N 3分别表示这三个状态下气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数，则N 1________N 2，T 1________T 3，N 2________N 3.(填“大于”“小于”或“等于”)图1(2)如图1，一容器由横截面积分别为2S 和S 的两个汽缸连通而成，容器平放在地面上，汽缸内壁光滑．整个容器被通过刚性杆连接的两活塞分隔成三部分，分别充有氢气、空气和氮气．平衡时，氮气的压强和体积分别为p 0和V 0，氢气的体积为2V 0，空气的压强为p .现缓慢地将中部的空气全部抽出，抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变，活塞没有到达两汽缸的连接处，求：①抽气前氢气的压强；②抽气后氢气的压强和体积．图1答案　(1)大于　等于　大于(2)①(p 0＋p )　②p 0＋p 1212144(p 0＋p )v 02p 0＋p解析　(1)对一定质量的理想气体，为定值，由p －V 图像可知，2p 1·V 1＝p 1·2V 1>p 1·V 1，pV T所以T 1＝T 3>T 2.状态1与状态2时气体体积相同，单位体积内分子数相同，但状态1下的气体分子平均动能更大，在单位时间内撞击器壁单位面积的平均次数更多，所以N 1>N 2；状态2与状态3时气体压强相同，状态3下的气体分子平均动能更大，在单位时间内撞击器壁单位面积的平均次数较少，所以N 2>N 3.(2)①设抽气前氢气的压强为p 10，根据力的平衡条件得(p 10－p )·2S ＝(p 0－p )·S ①得p 10＝(p 0＋p )② 12②设抽气后氢气的压强和体积分别为p 1和V 1，氮气的压强和体积分别为p 2和V 2，根据力的平衡条件有p 2·S ＝p 1·2S ③由玻意耳定律得p 1V 1＝p 10·2V 0④p 2V 2＝p 0V 0⑤由于两活塞用刚性杆连接，故V 1－2V 0＝2(V 0－V 2)⑥联立②③④⑤⑥式解得p 1＝p 0＋p ⑦ 1214V 1＝⑧ 4(p 0＋p )V 02p 0＋p 34.物理——选修3－4(2019·全国Ⅱ卷·34)(1)如图1，长为l 的细绳下方悬挂一小球a ，绳的另一端固定在天花板上O 点处，在O 点正下方l 的O ′处有一固定细铁钉．将小球向34右拉开，使细绳与竖直方向成一小角度(约为2°)后由静止释放，并从释放时开始计时．当小球a 摆至最低位置时，细绳会受到铁钉的阻挡．设小球相对于其平衡位置的水平位移为x ，向右为正．下列图像中，能描述小球在开始一个周期内的x －t 关系的是______．图1(2)某同学利用图1所示装置测量某种单色光的波长．实验时，接通电源使光源正常发光；调整光路，使得从目镜中可以观察到干涉条纹．回答下列问题：图1①若想增加从目镜中观察到的条纹个数，该同学可________；A ．将单缝向双缝靠近B ．将屏向靠近双缝的方向移动C ．将屏向远离双缝的方向移动D ．使用间距更小的双缝②若双缝的间距为d ，屏与双缝间的距离为l ，测得第1条暗条纹到第n 条暗条纹之间的距离为Δx ，则单色光的波长λ＝________；③某次测量时，选用的双缝的间距为0.300 mm ，测得屏与双缝间的距离为1.20 m ，第1条暗条纹到第4条暗条纹之间的距离为7.56 mm.则所测单色光的波长为________ nm(结果保留3位有效数字)．答案　(1)A(2)①B ②　③630 d ·Δx (n －1)l 解析　(1)由单摆的周期公式T ＝2π可知，小球在钉子右侧时，振动周期为在左侧时振动L g 周期的2倍，所以B 、D 项错误．由机械能守恒定律可知，小球在左、右最大位移处距离最低点的高度相同，但由于摆长不同，所以小球在左、右两侧摆动时相对平衡位置的最大水平位移不同，当小球在右侧摆动时，最大水平位移较大，故A 项正确．(2)①若想增加从目镜中观察到的条纹个数，需要减小条纹间距，由公式Δx ＝ λ可知，需l d要减小双缝到屏的距离l 或增大双缝间的距离d ，故B 项正确，A 、C 、D 项错误．②由题意可知，＝ λ⇒λ＝. Δx n －1l d d ·Δx (n －1)l ③将已知条件代入公式解得λ＝630 nm.。

2019年全国卷Ⅱ理综物理含答案

2019年全国卷Ⅱ理综物理含答案1.2019年普通高等学校招生全国统一考试物理选择题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的扣分。

2.第14题：2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆。

在探测器“奔向”月球的过程中，用h表示探测器与地球表面的距离，F表示它所受的地球引力。

能够描F随h变化关系的图像是什么？3.第15题：太阳内部核反应的主要模式之一是质子-质子循环。

循环的结果可表示为：1H→2He+2e+2v，其中1H和2He的质量分别为mP=1.0078u和mα=4.0026u，1u=931MeV/c2，c为光速。

在4个1H转变成1个2He的过程中，释放的能量约为多少？4.第16题：物块在轻绳的拉动下沿倾角为30°的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行。

已知物块与斜面之间的动摩擦因数为μ，重力加速度取10m/s2.若轻绳能承受的最大张力为1500N，则物块的质量最大为多少？5.第17题：如图，边长为l的正方形abcd内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面（abcd所在平面）向外。

ab边中点有一电子发源O，可向磁场内沿垂直于ab边的方向发射电子。

已知电子的比荷为k。

则从a、d两点射出的电子的速度大小分别为多少？6.第18题：从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能Ek与重力势能Ep之和。

取地面为重力势能零点，该物体的E总和Ep随它离开地面的高度h的变化如图所示。

重力加速度取10m/s2.由图中数据可得：物体的质量为多少？h=0时，物体的速率为多少？h=2m时，物体的动能Ek=多少？从地面至h=4m，物体的动能减少多少？7.第19题：如图（a），在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离。

某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始计时，用v表示他在竖直方向的速度，其v1和v2的大小关系如何？8.第20题：如图（b），在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离。

2019物理同步新突破人教选修3-4精练：阶段综合测评(二) Word版含解析

阶段综合测评(二)(时间：90分钟满分：100分) 一、选择题(本大题共10小题，每小题4分，共40分)1．如图1所示，一个弹簧振子在A 、B 间做简谐运动，O 是平衡位置，把向右的方向选为正方向，以某时刻作为计时零点(t ＝0)，此时振子正向负方向运动，加速度为零．那么以下四个振动图象中能正确反映振动情况的是( )图1【解析】计时零点，振子加速度为零，对应质点在平衡位置，B 、C 项错误；振子向负方向运动，负向位移应逐渐增大，A 错，D 对．【答案】 D2．(多选)有两个振动的振动方程分别是：x 1＝3sin(100πt ＋π3)，x 2＝5sin(100πt ＋π4)，下列说法正确的是( )A ．它们的振幅相同B ．它们的周期相同C ．它们的相位差恒定D ．它们的振动步调一致【解析】方程1代表的振子振动振幅为3；圆频率为ω＝2πf ＝100π，则f ＝50 Hz ；初相为π3.方程2代表的振子振动振幅为5；圆频率为ω＝2πf ＝100π，则f ＝50 Hz ；初相为π4，所以A 错，B 对；由于它们的振动周期相同，所以它们的相位差为π3－π4＝π12，因此它们在振动时步调不一致，【答案】 BC3．(2015·福州文博中学期末检测)图2一单摆做小角度摆动，其振动图象如图2，以下说法正确的是( )A ．t 1时刻摆球速度最大，悬线对它的拉力最小B ．t 2时刻摆球速度为零，悬线对它的拉力最小C ．t 3时刻摆球速度为零，悬线对它的拉力最大D ．t 4时刻摆球速度最大，悬线对它的拉力最大【解析】 t 1、t 3时刻摆球速度最小，悬线对它的拉力最小，选项A 、C 错误；t 2、t 4时刻摆球速度最大，悬线对它的拉力最大，选项B 错误，D 正确．【答案】 D4．(2015·江苏扬州中学高二检测)如图3所示，弹簧上端有一个小环，套在曲轴上．转动摇把，曲轴可以带动弹簧振子上下振动，测得振动频率为2Hz ，然后匀速转动摇把，每分钟转240转．当振子振动稳定后，它的振动周期为( )图3A ．0.5 sB ．0.25 sC ．2 sD ．4 s【解析】转动摇把，给弹簧振子提供周期性的驱动力．驱动力的周期为T ＝60240 s ＝0.25 s ．受迫振动的周期等于驱动力的周期，所以B 项正确．【答案】 B5．(2014·青岛模拟)弹簧振子做简谐运动的图象如图4所示，下列说法正确的是( )A．在第5秒末，振子的速度最大且沿＋x方向B．在第5秒末，振子的位移最大且沿＋x方向C．在第5秒末，振子的加速度最大且沿＋x方向D．在0到5秒内，振子通过的路程为8 cm【解析】由题图可知第5秒末时，振子处于正的最大位移处，此时有负方向的最大加速度，个全振动，路程为5A＝10 cm，故D 速度为零，故B正确，A、C错误；在0到5 s内，振子经过54错误．【答案】B 6．一列简谐横波沿x轴传播，t＝0时刻的波形如图5甲所示，此时质点P正沿y轴负方向运动，其振动图象如图乙所示，则该波的传播方向和波速分别是( )甲乙图5A．沿x轴负方向，60 m/sB．沿x轴正方向，60 m/sC．沿x轴负方向，30 m/sD．沿x轴正方向，30 m/s【解析】因t＝0时质点P向下振动，而由波形图甲可以看出与质点P相邻的右侧质点位于质点P下方，故质点P的振动是由其右侧质点引起的，波沿x轴负方向传播，B、D皆错误．由图＝60 m/s，A正确、C错误．甲可得该波波长λ＝24 m，由图乙可得周期T＝0.4 s，故波速v＝λT【答案】A 7．(2015·北京西城区期末)如图6所示，实线为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t＝0时刻的波形，虚线是该波在t＝0.20s时刻的波形，则此列波的周期可能是( )A．0.16 sB．0.20 sC．0.32 sD．0.40 s【解析】由图象可知，实线到虚线传播了(N＋0.25)T，为0.20 s，当N＝1时，T＝0.16 s，所以选项A正确．【答案】A 8．(2014·赣州十二县联考)已知一列简谐横波沿x轴方向传播，图7中的实线和虚线分别为t1和t2时刻的波形图，已知t2－t1＝4.6 s，周期T＝0.8 s，则此波在这段时间内传播的方向和距离分别为( )图7A．x轴的正方向，46 mB．x轴的负方向，46 mC．x轴的正方向，2 mD．x轴的负方向，6 m【解析】由图知λ＝8 m，已知T＝0.8 s，所以v＝λT＝10 m/s，若波沿x轴的正方向传播，则Δx＝nλ＋λ4＝(8n＋2) m，因为Δt＞5T，选项A、C错误；若波沿x轴的负方向传播，则Δx＝nλ＋3λ4＝(8n＋6) m，由于Δt＞5T，所以n≥5，当n＝5时，Δx＝46 m，选项B正确，D错误．【答案】B 9．(多选)如图8所示，质点0在垂直x轴方向上做简谐运动，形成了沿x轴传播的横波．在t＝0时刻，质点0从平衡位置开始向上运动，经0.2 s第一次形成图示波形，则下列判断正确的是( )图8A．t＝0.4 s时，质点A第一次到达波峰B．t＝1.2 s时，质点A在平衡位置，速度沿y轴正方向C．t＝2 s时，质点B第一次到达波谷D．t＝2.6 s时，质点B的加速度达到最大播到A点用了0.4 s，质点A从开始运动到波峰用时0.2 s，所以t＝0.6 s时，质点A第一次到达波峰，A错；同理t＝1.2 s时，质点A在平衡位置，速度沿y轴正方向，波从开始振动到传播到B点用时1.75 T＝1.4 s，质点B起振方向向上，经过0.6 s振动到波谷，B、C对；同理D错．【答案】BC10．(多选)(2014·甘肃会宁五中期中检测)图9如图9所示，为两个相干波源产生的干涉图样，以下说法正确的是( )A．b点振动减弱，d点振动减弱B．a点振动加强，c点振动减弱C．经过时间t＝T/2后，a点振动减弱，c点振动加强D．经过时间t＝T/2后，a点振动加强，c点振动加强【解析】由图可知，b点、d点为振动减弱点，a点和c点为振动加强点，选项A正确，B错误；振动加强点的振动始终加强，振动减弱点的振动始终减弱，选项C错误，D正确．【答案】AD二、非选择题(本大题共6小题，共60分)11．(8分)(2014·杭州二中期中检测)在做“探究单摆周期与摆长的关系”的实验时．(1)摆球的密度应选________的(填“大”或“小”)，如果已知摆球直径为2.00 cm，让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂，如图10所示，那么单摆摆长是________ m．如果测定了40次全振动的时间如图11中秒表所示，那么秒表读数是________s，单摆的摆动周期是________ s.(2)某小组改变摆线长度l0，测量了多组数据．在进行数据处理时，甲同学把摆线长l0作为摆长，直接利用公式求出各组重力加速度值再求出平均值；乙同学作出T2－l0图象后求出斜率，然后算出重力加速度．两同学处理数据的方法对结果的影响是：甲________，乙________(填“偏大”、“偏小”或“无影响”)图10图11【解析】 (1)为减小空气阻力影响，摆球应选密度大的，摆长为(88.40－1.00)cm ＝0.8740 m ，t ＝60 s ＋15.2 s ＝75.2 s ，T ＝t 40＝75.240 s ＝1.88 s.(2)由g ＝4π2T2l ，把摆线长l 0作摆长l ，测得g 值偏小．T 2l 0图象中k ＝4π2g ，所以g ＝4π2k ，对g无影响．【答案】 (1)大 0.8740 75.2 1.88(2)偏小无影响12．(8分)根据如图12所示的振动图象：图12 (1)算出下列时刻振子对平衡位置的位移：①t ＝0.5 s ；②t 2＝1.5 s.(2)将位移时间的变化规律写成x ＝A sin(ωt ＋φ)的形式并指出振动的初相位．【解析】 (1)由图象可知，A ＝10 cm ，T ＝4 s ，所以ω＝2πT ＝π2 rad/s ，故位移x ＝A cos ωt ＝10cos π2t cm.①当t 1＝0.5 s 时，x 1＝10cos ⎝⎛⎭⎪⎫π2×0.5 cm ＝52 cm.②当t 2＝1.5 s 时，x 2＝10cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π2×1.5 cm ＝－52 cm.(2)x ＝10 cos π2t ＝10sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫π2t ＋π2 cm ，初相位为π2.【答案】 (1)①52 cm ②－52 cm(2)x ＝10sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫π2t ＋π2 cm π213．(8分)如图13所示是一列横波在某一时刻的波形图，图象中x 轴的正方向表示波的传播方向，y 轴表示质点相对平衡位置的位移．已知波速为v ＝32 m/s ，试求：图13(1)波长λ是多少？ (2)周期T 是多少？(3)画出T2后的波形图，并用文字说明，B 、D 两点的振动如何？【解析】 (1)由图可以看出，波长λ＝8 m.(2)根据v ＝λT 可得：T ＝λv ＝832 s ＝0.25 s.(3)波向前传播半个波长后，质点A 、C 分别在正最大位移和负最大位移处，速度为零；质点B 在平衡位置，沿y 轴正方向运动；质点D 在平衡位置，沿y 轴负方向运动．波的图象如图所示．【答案】 (1)8 m (2)0.25 s (3)见解析14．(12分)(2013·福州一中检测)如图14所示，实线和虚线分别是沿x 轴传播的一列简谐横波在t ＝0和t ＝0.06图14(1)判断该波的传播方向； (2)求该波的最小频率；(3)若3T <t <4T ，求该波的波速．【解析】 (1)该波向右传播． (2)由图知t ＝34T max ＝0.06 s 得T max ＝0.08 s ，则f min ＝1Tmax ＝12.5 Hz.(3)若3T <t <4T ，则t ＝⎝⎛⎭⎪⎫3＋34T ，解得：T ＝0.2415 sv ＝λT ＝1.20.24×15 m/s ＝75 m/s.【答案】 (1)向右传播 (2)12.5 Hz (3)75 m/s15．(12分)(2015·安徽名校联考)一列简谐横波，在t ＝0时刻的波形如图15所示，质点振动的振幅为10cm.P 、Q 两点的坐标为－1m 和－9m ，波传播方向由右向左，已知t ＝0.7 s 时，P 点第二次出现波峰．试估算：图15(1)这列波的传播速度多大？(2)从t ＝0时刻起，经多长时间Q 点第一次出现波峰？ (3)当Q 点第一次出现波峰时，P 点通过的路程为多少？【解析】 (1)由题图知：这列波的波长λ＝4 m7得T＝0.4 s由波速公式得：v＝λT ＝4 m0.4 s＝10 m/s.(2)第一个波峰传到Q点的距离为x＝11 m，所需时间t＝xv＝1110s＝1.1 s.(3)振动传到P点需1/2个周期，所以当Q点第一次出现波峰时，P点已振动了Δt′＝0.9 s＝9 4T则P点通过的路程为L＝4A×94＝0.9 m【答案】(1)10 m/s (2)1.1 s (3)0.9 m 16．(12分)如图16所示，实线表示简谐波在t1＝0时刻的波形图，虚线表示t2＝0.5s时的波形图．图16(1)若T＜t2－t1＜2T，波向右传播的速度多大？(2)若2T＜t2－t1＜3T，波向左传播的速度多大？【解析】Δt时间内波传播的距离Δx＝v·Δt.(1)T＜Δt＜2T时，λ＜Δx＜2λ，即波向右传播时，Δx＝λ＋34λ＝14 m，v右＝ΔxΔt＝140.5m/s＝28 m/s.(2)2T＜Δt＜3T时，2λ＜Δx＜3λ，即波向左传播时，Δx＝2λ＋14λ＝18 m，v左＝ΔxΔt＝180.5m/s＝36 m/s.。