重庆市2020-2021学年高二物理11月月考试题

重庆市2020-2021学年高二物理11月月考试题考试范围：选修3-1前两章；考试时间：100分钟；注意事项：1、答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2、请将答案正确填写在答题卡上一、选择题（1-8题为单选，9-12题为多选） 1.关于电场强度有下列说法,正确的是( )A.电场中某点的电场强度在数值上等于单位电荷在该点所受的电场力B.电场强度的方向总是跟电场力的方向一致C.在点电荷Q 附近的任意一点,如果没有把试探电荷前q 放进去,则这一点的电场强度为零D.根据公式FE q=可知,电场强度跟电场力成正比,跟放入电场中的电荷的电量成反比 2.如图所示为某示波管内的聚焦电场。

实线和虚线分别表示电场线和等势线,两电子分别从a 、b 两点运动到c 点,设电场力对两电子做的功分别为W a 和W b ,a 、b 点的电场强度的大小分别为E a 和E b ,则( )A.a b W W =,a b E E >B.a b W W ≠,a b E E >C.a b W W =,a b E E <D.a b W W ≠,a b E E <3.如图所示，在点电荷产生的电场中，实线MN 是一条方向未标出的电场线，虚线AB 是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹.设电子在A B 、两点的加速度大小分別为 A b a a 、，电 势能分别为,pA PB E E ，下列说法正确的是（ ）A.电子一定从A 向B 运动B.若a A <a B ,则Q 靠近M 端且为正电荷C.无论Q 为正电荷还是负电荷一定有pA PB E E <D. B 点电势可能高于A 点电势 4.工人师傅在改装电炉时,为了使电功率减小到原来的一半,下列措施中可行的是( )A.截去一半电炉丝B.串联一条相同的电炉丝C.并联一条相同的电炉丝D.把连接电炉和电源的电线长度增加一倍5.如图所示的电路中,电源内阻不可忽略.开关S 闭合后,在变阻器0R 的滑动端向下滑动的过程中,则有( )A.电压表与电流表的示数都减小B.电压表与电流表的示数都增大C.电压表的示数增大,电流表的示数减小D.电压表的示数减小,电流表的示数增大 6.有一个电风扇,额定电压为U ,额定功率为P ,电动机线圈的电阻为R ,把它接入电压为U 的电路中,下列计算时间t 内产生热量的方法中正确的是( ) A.2()PQ Rt U=B.Q Pt =C.2U tQ R=D.以上三种方法均正确7.两根完全相同的金属裸导线,如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍,把另一根对折后绞合起来,然后给它们分别加相同电压后,则在同一时间内通过它们的电荷量之比为( ) A.1:4B.1:8C.1:16D.16:18.如图所示，竖直平面内平行直线MN PQ 、间距为d 直线与水平面成30°角，两线间有垂直指向PQ 的匀强电场.一电荷量为q +、质量为m 的粒子在直线PQ 上某点O 以初速度0v 竖直向上射出.不计重力，直线足够长.若粒子能打到MN 上，则下列说法正确的是( )A.电场强度最大值为2034mv qdB.电场强度最小值为234mv qdC.电场强度最大值为2038mv qdD.电场强度最小值为2038mv qd9.下列说法中正确的是( )A.并联电路任一支路的电阻都小于电路的总电阻B.并联电路任一支路的电阻增大(其他支路不变),则总电阻一定减小C.并联电路任一支路的电阻增大(其他支路不变),则总电阻一定增大D.—个电阻和一根无电阻的理想导线并联,并联的总电阻为零 10.对电功及焦耳定律公式的理解正确的是( ) A.焦耳定律适用于一切电路的焦耳热的求解B.电功公式 W UIt =、焦耳定律公式2Q I Rt =都适合于任何电路,因此W 一定等于Q C.非纯电阻电路中的电功可能等于焦耳热D.电功的另一表达式2U W t R=只适用于纯电阻电路 11.如图为某控制电路的一部分，已知AA'的输入电压为24 V ，如果电阻6k ΩR =，16k ΩR =，23k ΩR =，则'BB 输出的电压可能是（ ）A.12 VB.8 VC.6 VD.3 V12.如图所示，在光滑水平面上相距6x L =的A B 、两点分别固定有带正电的点电荷12Q Q 、，与B 点相距2L 的C 点为AB 连线间电势的最低点.若在与B 点相距L 的D 点以水平向左的初速度0v 释放一个质量为m 、带电荷量为q +的滑块（可视为质点），设滑块始终在A B 、两点间运动，则下列说法中正确的是（ ） A.滑块从D C →运动的过程中，动能一定越来越大 B.滑块从D 点向A 点运动的过程中，加速度先减小后增大 C.滑块将以C 点为中心做往复运动D.固定在A B 、两点处的点电荷的电荷量之比为12:4:1Q Q = 二、实验题13．某同学在实验室完成了下列测量：(1)用20分度的游标卡尺测量某物体的长度，如图甲所示，由图可知其长度为________mm (2)用螺旋测微器测量某圆柱体的直径，如图乙所示，由图可知其直径为__________mm (3)用电流表测定通过电路的电流，如图丙所示，由图可知其电流为_________mA14.（8分）在测量电源的电动势和内阻的实验中，实验室提供的器材如下：A．待测电源（电动势约为8V、内阻约为 2Ω）B．电压表V（量程3V，内阻约为3kΩ）C．电流表A（量程1A，内阻约为0.1Ω）D．电阻箱R（0~99999.9Ω）E．滑动变阻器（0~20Ω）F．滑动变阻器（0~100Ω）G．开关、导线若干（1）采用图甲所示电路可以测量电压表的内阻R V。

调节电阻箱R，使电压表指针满偏，此时电阻箱示数为R1；再调节电阻箱R，使电压表指针指在满刻度的一半处，此时电阻箱示数为R2。

若电源的内阻忽略不计，则电压表内阻R V= ；实际上电源是有内阻，如果考虑内阻，则电压表内阻的测量值R V_______真实值（选填“大于”、“等于”、“小于”）。

（2）若测得电压表内阻R V=3010 Ω，当电压表串联一阻值为_________Ω的电阻时，可将电压表的量程变为9V。

（3）为测量电源的电动势和内阻，请用笔画线代替导线，将图乙电路连接完整。

实验中，滑动变阻器应选择（选填“E”或“F”），并指出产生实验误差的一个原因：。

三、计算题15.炽热的金属丝可以发射电子,在炽热的金属丝和竖直金属板间加电压U1, 从炽热的金属丝发射出的电子在真空中被加速后,从金属板的小孔穿出,再从长为l的两平行金属板的中间水平射入两板间的匀强电场中,如图所示,电子恰能沿一RV甲S板的边缘飞出,且飞出时速度方向与水平方向成60°角,不计电子重力,电子离开金属丝的初速度视为零,已知电子的质量为m ,电荷量为e 。

求: （1）电子穿出金属板小孔时的速度大小； （2）电子在两极板间的加速度； （3）加在水平两极板间的电压。

16.将用电器按如图所示的方式连接，当开关闭合时，电动机M 刚好能正常工作。

已知电源的内阻121Ω,1Ω,6Ωr R R ===，电动机的额定电压和额定功率分别为6V 12W U P ==、，电动机内阻为00.5Ωr =。

求：（1）流过电阻2R 的电流2I ； （2）电源电动势E ；（3）电动机的输出功率P 输出。

17.如图所示,在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O ,用一根长度为0.40L m =的绝缘细线把质量为0.20m kg =,带有正电荷的金属小球悬挂在O 点,小球静止在B 点时,细线与竖直方向的夹角为37θ=︒。

现将小球拉至位置A 使细线水平后由静止释放。

求: （1）小球运动通过最低点C 时的速度大小；（2）小球通过最低点C 时细线对小球的拉力大小；（3）如果要使小球能绕O 点做圆周运动,则在A 点时沿垂直于O A 方向上施加给小球的初速度的大小范围。

(取210/g m s =,sin 370.60=,cos370.80︒=)答案1.A2.A3.C4.B5.A6.A7.C8.C9.CD 10.AD 11.ABC 12.ABD 13.（1）20.3 （2）0.920 （3）9 14.（1）R 2-2R 1 大于 （2）6020 （3）E 电压表分流15. 4.答案：（1）12U em（2） 16U 解析：（1）设电子从竖直放置的金属板的小孔穿出的速度大小为v 1,从水平放置的平行金属板边沿射出的速度大小为v ,电子在竖直的极板间加速,由动能定理有21112eU mv =解得1v =12U em; （2）根据 得： ； 解得：则（3）设加在水平两极板间的电压为U ,电子在水平板间运动,由动能定理有22111222U emv mv =- 电子飞出水平板时,由平行四边形定则有11cos 60,2v v v v == 又有21112eU mv =由以上各式可得U =6U 1 16.答案：1.1A 2.12V 3.10W 解析：1.由欧姆定律得221A UI R == 2.通过电动机的电流为M 2A PI U==，总电流为2M 3A I I I =+=，1R 分压为113V U IR ==,电动势为112V E U U Ir =++=.3.2M 0=10W P P P P I r -=-=损耗输出.17.答案：1.小球受到电场力qE 、重力mg 和线的拉力作用处于静止,根据共点力平衡条件有3tan 374qEl mg mg =︒=对于小球从A 点运动到C 点的过程,根据动能定理有212C mgl qEl mv -=解得小球通过C 点时的速度2/C v s ==.2.设小球在最低点时细线对小球的拉力为T ,根据牛顿第二定律有2Cv T mg m l-=,解得3T N =.3.由分析知小球所受重力和电场力的合力斜向右下方,故小球在叠加场中的最高点在B O 的延长线上.设小球在叠加场中最高点的最小速度为v ,2mv l=,得/v s =. 从点到叠加场中的最高点,由动能定理得()2211cos 1sin 22C mgl Eql mv mv θθ--+=-.代入数据得0/v s =.所以在A /s .。