山东省德州市武城二中2017-2018学年高二上学期期中物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年山东省德州市武城二中高二（上）期中物理试卷一、选择题（本题共15小题，共50分．在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，每小题3分，第11～15题有多项符合题目要求，每小题3分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在电场中的某点放一个检验电荷，其电量为q，受到的电场力为F，则该点的电场强度，下列说法正确的是（）A．若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B．若检验电荷的电量变为4q，则该点的场强变为4EC．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反D．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小方向均不变2．如图所示的电场，其中有M、N两点，则（）A．该电场一定是点电荷产生的电场B．M点的电场强度比N点电场强度小C．M点的电势比N点的电势高D．M点的电势比N点的电势低3．在静电场中，下列说法中正确的是（）A．某点的电场强度大，该点的电势一定高B．某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大C．电场力对电荷做正功，电荷的电势能减少D．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功4．如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中仅受到电场力作用，根据此图可判断出（）A．该粒子带正电B．该粒子在a的加速度小于在b的加速度C．该粒子在a的速度小于在b的速度D．该粒子在a的电势能小于在b的电势能5．两个相同的带电金属小球，带电量分别为+5q和﹣7q，球半径远小于两球心的距离L，它们相互接触后再放回原位置，则静电力为（）A．k B．k C．k D．k6．一根粗细均匀的电阻丝通过的电流为I时，在t时间内产生的热量为Q，若将该电阻丝均匀拉长至原来的2倍，并通过的电流为2I，则在时间t内产生的热量为（）A．8Q B．16Q C．D．7．原来都静止的质子H和α粒子He，经过同一电压加速后，它们的速度大小之比为（）A．1：1 B．1：2 C．1：4 D．：18．图中，每个电池的电动势为E，内阻为r，电阻器的电阻R保持不变．甲图中通过R的电流为I1，乙图中通过R的电流为I2．已知I1：I2=3：4，则R：r（）A．等于3：4 B．等于4：3 C．等于1：1 D．不能确定9．如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下级板都接地．在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两极板间的电场强度，E P 表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A．θ增大，E增大B．θ增大，E P不变C．θ减小，E P增大D．θ减小，E不变10．真空中一半径为r0的带电金属球，通过其球心的一直线上各点的电势φ分布如图所示，r表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离，根据电势图象（φ﹣r图象），判断下列说法中正确的是（）A．该金属球可能带负电B．A点的电场强度方向由A指向BC．A点的电场强度小于B点的电场强度D．电荷量为q的正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做功W=q（φ2﹣φ1）11．下列说法中正确的是（）A．由可知，匀强电场中两点的距离越大，这两点间的电势差就越大B．由可知，真空中距离场源点电荷越远，电场强度就越小C．由可知，导体中的电流跟两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D．由可知，对于某一确定的导体，所加电压跟通过导体的电流之比是个恒量12．如图所示，两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．则（）A．正电荷由a静止释放能运动到cB．负电荷在a的电势能大于在c的电势能C．b点的场强小于d的场强D．a、b间的电势差等于b、c间的电势差13．三个α粒子在同一点沿同一方向垂直飞入偏转电场，出现了如图所示的运动轨迹，由此可判断（）A．在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B．b和c同时飞离电场C．进入电场时，c的速度最大，a的速度最小D．动能的增加值c最小，a和b一样大14．如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在ab的中点时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向a端移动，则（）A．电源的总功率减小 B．R3消耗的功率增大C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小15．如图所示，带电体P、Q可视为点电荷，电荷量相同．倾角为θ、质量为M的斜面体放在粗糙水平面上，将质量为m的物体P放在粗糙的斜面体上，当物体Q放在与P等高（PQ 连线水平）且与物体P相距为r的右侧位置时，P静止且受斜面体的摩擦力为0，斜面体保持静止，静电力常量为k，则下列说法正确的是（）A．P对斜面的压力为0B．斜面体受到地面的摩擦力为0C．P、Q所带电荷量为D．斜面体对地面的压力为（M+m）g二、实验题（本题包括2小题，共22分．请把答案写在答题卷上．）16．要测绘一个标有“3V、0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V．（1）实验的电路图应选用下图1中的（填字母代号）（2）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图2所示，当小灯泡的电压为1.0V，其电阻为Ω，由图2可得，当电压U＞1V后，小灯泡电阻R随温度T的升高而（填“增大”或“减小”）．17．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，由图甲可知其长度为l=mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图，由图乙可知其直径为d=mm；（3）用多用电表的电阻“×100”挡按正确操作步骤粗测圆柱体电阻，测量时发现指针偏转角过大，这时应该将选择开关换成欧姆挡的挡位（选填A．“×10”或B．“×1K”），换挡结束后，实验操作上首先要进行的步骤是，正确操作后，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值R=Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）；电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）；电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）；电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）；滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）；开关S；导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电流表应选（选填A．“A1”或B．“A2”），电压表应选（选填A．“V1”或B．“V2”），滑动变阻器应选（选填A．“R1”或B．“R2”），请在图丁中画出测量的电路图．（5）计算此圆柱体材料电阻率的表达式为ρ=（用R、d、l表示）．三、计算题（本题包括3小题，共28分．请把解答过程写在答题卷上．）18．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角，一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a移到b电场力做功为W1=1.2×10﹣7J求：（1）匀强电场的场强E（2）电荷从b移到c，电场力做功W2（3）a、c两点的电势差U ac．19．直流电动机在生产、生活中有着广泛的应用．如图所示，一直流电动机M和电灯L并联之后接在直流电源上，电动机内阻r'=0.5Ω，电灯灯丝电阻R=9Ω，电源电动势E=12V，内阻r=1Ω．开关S闭合，电动机正常工作时，电压表读数为9V．求：（1）流过电源的电流．（2）流过电动机的电流．（3）电动机对外输出的机械功率．20．如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．2016-2017学年山东省德州市武城二中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共15小题，共50分．在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，每小题3分，第11～15题有多项符合题目要求，每小题3分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在电场中的某点放一个检验电荷，其电量为q，受到的电场力为F，则该点的电场强度，下列说法正确的是（）A．若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B．若检验电荷的电量变为4q，则该点的场强变为4EC．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反D．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小方向均不变【考点】电场强度．【分析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．【解答】解：A、由题，该点的电场强度，若移去检验电荷，该点的电场强度仍为．故A错误．B、若检验电荷的电量变为4q，检验电荷所受的电场力为4F，该点的电场强度仍为．故B错误．C、D若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，检验电荷所受的电场力为﹣2F，该点的电场强度仍为．故C错误，D正确．故选：D．2．如图所示的电场，其中有M、N两点，则（）A．该电场一定是点电荷产生的电场B．M点的电场强度比N点电场强度小C．M点的电势比N点的电势高D．M点的电势比N点的电势低【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【分析】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大；电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．由此判断即可．【解答】解：A、该电场的电场线会聚型直线，可能是负点电荷产生的电场，也可能不是，故A错误．B、电场线越密的地方电场强度越大，所以M点的电场强度比N点电场强度大，故B错误．CD、沿着电场线电势降低，所以M点的电势比N点的电势低，故C错误，D正确．故选：D3．在静电场中，下列说法中正确的是（）A．某点的电场强度大，该点的电势一定高B．某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大C．电场力对电荷做正功，电荷的电势能减少D．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功【考点】电势能；电势差与电场强度的关系．【分析】电场强度与电势无关；正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小；电场力做正功，电荷的电势能减小；【解答】解：A、因为电场强度与电势没有直接关系，某点的电场强度大，则该点的电势不一定高，故A错误．B、某点的电势高，检验电荷在该点的电势能为E p=qφ，还与检验电荷的电性有关，正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小．故B错误C、电场力对电荷做正功，电荷的电势能减少，故C正确，D、由于负电荷在电势高的地方电势能小，所以将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做负功．故D错误故选：C4．如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中仅受到电场力作用，根据此图可判断出（）A．该粒子带正电B．该粒子在a的加速度小于在b的加速度C．该粒子在a的速度小于在b的速度D．该粒子在a的电势能小于在b的电势能【考点】电场线；电势能．【分析】粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场线的疏密可以判断电场强度的强弱，进而判断电场力的大小；根据电场力做功情况，判断动能和电势能的变化．当电场力做正功时，电荷的电势能减小，动能增大；当电场力做负功时，电荷的电势能增大，动能减小．【解答】解：A：粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左．由于电场线方向不明，所以无法确定粒子的电性．故A错误；B、根据电场线的疏密反映了电场强度的相对大小，可知a点的电场强度大，故粒子在a点受到的电场力的大，根据牛顿第二定律可知，带电粒子在a点的加速度比b点的加速度大．故B错误；CD、粒子受到的电场力沿电场线向左，则从a到b，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大，在a点的电势能较小，故C错误，D正确．故选：D5．两个相同的带电金属小球，带电量分别为+5q和﹣7q，球半径远小于两球心的距离L，它们相互接触后再放回原位置，则静电力为（）A．k B．k C．k D．k【考点】库仑定律．【分析】两相同小球接触时电量先中和再平分，从而明确各小球的带电量，再根据库仑定律列式即可求得静电力的大小．【解答】解：因两电荷异性，带电量分别为5Q，﹣7Q，两物体接触后电量先中和再平分，则可知各自的带电量为﹣q；由库仑定律可知：静电力F=故选：D．6．一根粗细均匀的电阻丝通过的电流为I时，在t时间内产生的热量为Q，若将该电阻丝均匀拉长至原来的2倍，并通过的电流为2I，则在时间t内产生的热量为（）A．8Q B．16Q C．D．【考点】焦耳定律．【分析】电阻丝在拉长时体积不变，根据长度的变化可明确截面积的变化，再根据电阻定律即可明确电阻的变化；再根据焦耳定律可明确产生的热量变化．【解答】解：开始时：Q=I2R由电阻定律R=可知，电阻丝拉长到2倍时，由于体积不变，故截面积变为原来的，则可知电阻变成原来的4倍；通过的电流为2I，则在时间t内产生的热量：Q′=（2I）2•4R=16I2R=16Q，故B正确，ACD 错误．故选：B．7．原来都静止的质子H和α粒子He，经过同一电压加速后，它们的速度大小之比为（）A．1：1 B．1：2 C．1：4 D．：1【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】根据动能定理，结合电荷量之比和质量之比求出速度大小之比．【解答】解：根据动能定理知，，解得v=，因为质子和α粒子的电荷量之比为1：2，质量之比为1：4，则它们的速度之比为．故D正确，A、B、C错误．故选：D．8．图中，每个电池的电动势为E，内阻为r，电阻器的电阻R保持不变．甲图中通过R的电流为I1，乙图中通过R的电流为I2．已知I1：I2=3：4，则R：r（）A．等于3：4 B．等于4：3 C．等于1：1 D．不能确定【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】根据闭合电路欧姆定律分别得出电路中电流与电阻的关系，再求解R与r之比．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得I1=已知I1：I2=3：4，得到：=3：4解得，R：r=1：1故选C9．如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下级板都接地．在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两极板间的电场强度，E P 表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A．θ增大，E增大B．θ增大，E P不变C．θ减小，E P增大D．θ减小，E不变【考点】电容器的动态分析．【分析】电容器充电后断开电源，极板上的电量不变；根据电容器的定义式可分析电容的变化，再根据决定式分析电压的变化，从而分析静电计指针夹角的变化；根据U=Ed分析电场强度的变化；根据电势与电势差之间的关系可分析P点电势，再由电势分析电势能的变化．【解答】解：电容器与电源断开，故电量不变；上极板向下移动时，两板间的距离减小，根据C=可知，电容C增大，则根据C=可知，电压U减小；故静电计指针偏角减小；两板间的电场强度E===；因此电场强度与板间距无关，因此电场强度不变；再根据设P与下极板距离为l，则P点的电势φP=El，电势能E P=ELq；因此电荷在P点的电势能保持不变；故D正确，ABC错误；故选：D．10．真空中一半径为r0的带电金属球，通过其球心的一直线上各点的电势φ分布如图所示，r表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离，根据电势图象（φ﹣r图象），判断下列说法中正确的是（）A．该金属球可能带负电B．A点的电场强度方向由A指向BC．A点的电场强度小于B点的电场强度D．电荷量为q的正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做功W=q（φ2﹣φ1）【考点】电场强度；电势能．【分析】根据直线上各点的电势φ分布图判断A点和B点电势．沿电场线方向电势逐点降低．根据电场力做功表达式W=qU，结合电势差等于两点电势之差，即可求解．【解答】解：A、由图可知0到r0电势不变，之后电势变小，带电金属球为一等势体，再依据沿着电场线方向，电势降低，则金属球带正电，故A错误；BC、A点的电场强度方向由A指向B，A点的电场强度大于B点的电场强度，选项B正确、C错误；D、正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做功W=qU AB=q（φ1﹣φ2），故D错误．故选：B．11．下列说法中正确的是（）A．由可知，匀强电场中两点的距离越大，这两点间的电势差就越大B．由可知，真空中距离场源点电荷越远，电场强度就越小C．由可知，导体中的电流跟两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D．由可知，对于某一确定的导体，所加电压跟通过导体的电流之比是个恒量【考点】电场强度；欧姆定律．【分析】在公式E=中，d表示沿电场线方向的距离，不是两点的距离；是点电荷的场强公式，结合公式分析电场强度与距离场源电荷距离的关系．根据欧姆定律知，导体中的电流跟两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比．【解答】解：A、在公式E=中，d表示沿电场线方向的距离，匀强电场中两点的距离越大，两点的电势差不一定大，若两点在同一等势线上，电势差为零，故A错误．B、由可知，真空中距离场源点电荷越远，电场强度就越小，故B正确．C、根据欧姆定律知，导体中的电流跟两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故C正确．D、对于确定的导体，电阻不变，则所加电压和通过电流之比是个恒量，故D正确．故选：BCD．12．如图所示，两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．则（）A．正电荷由a静止释放能运动到cB．负电荷在a的电势能大于在c的电势能C．b点的场强小于d的场强D．a、b间的电势差等于b、c间的电势差【考点】电场的叠加；电势；电势差与电场强度的关系．【分析】根据正电荷的受力情况，分析其运动情况．根据等量异号电荷的电场分布特点可知各点的场强大小．由电势能的定义可知ac两点电势能的大小．由电场线性质及电场的对称性可知ab及bc两点间的电势差；【解答】解：A、ac间的电场线不是直线，正电荷由a静止释放后会沿通过a点的电场线方向向上运动，不会运动到c点，故A错误．B、因a点的电势高于c点的电势，则负电荷在a点的电势能小于在c点的电势能，故B错误．C、在两等量异号电荷连线上，连线中点处电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，连线中点处电场强度最大，则知b点的场强小于连线中点处的场强，d点的场强大于连线中点处的场强，所以b点场强小于d点场强，故C正确．D、由对称性可知，a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差，故D正确；故选：CD13．三个α粒子在同一点沿同一方向垂直飞入偏转电场，出现了如图所示的运动轨迹，由此可判断（）A．在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B．b和c同时飞离电场C．进入电场时，c的速度最大，a的速度最小D．动能的增加值c最小，a和b一样大【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】三个α粒子都做类平抛运动，在垂直电场方向上做匀速直线运动，在沿电场方向上做初速度为0的匀加速直线运动．粒子的质量和电量相同，加速度相同．比较沿电场方向上的位移，可比较出运动时间，再根据垂直电场方向的位移可知初速度的大小．通过动能定理比较动能的变化量．【解答】解：A、三个粒子的质量和电量都相同，则知加速度相同．a、b两粒子在竖直方向上的位移相等，根据y=，可知运动时间相等．故A正确．B、b、c竖直方向上的位移不等，y c＜y b．根据y=，可知t c＜t b．故B错误．C、在垂直于电场方向即水平方向，三个粒子做匀速直线运动，则有：v=．因x c=x b，t c＜t b，则v c＞v b．根据t a=t b，x b＞x a．则v b＞v a．所以有：v c＞v b＞v a．故C正确．D、根据动能定理知，a、b两电荷，电场力做功一样多，所以动能增加量相等．c电荷电场力做功最少，动能增加量最小．故D正确．故选：ACD．14．如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在ab的中点时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向a端移动，则（）A．电源的总功率减小 B．R3消耗的功率增大C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】理清电路，确定电压表测的是什么电压，电流表测定的是什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路电路的欧姆定律进行分析；根据分析电源总功率变化情况，由分析消耗的功率【解答】解：的滑动触点向a端移动时，增大，整个电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，外电压增大，即电压表示数U增大，电压减小，、并联电压增大，通过的电流增大，即示数增大，而总电流I减小，则通过的电流减小，即示数减小，故C正确；D错误；电源的总功率，总电流I减小，电源的总功率减小，故A正确；消耗的功率，总电流减小，R3消耗的功率减小，故B错误；故选：AC15．如图所示，带电体P、Q可视为点电荷，电荷量相同．倾角为θ、质量为M的斜面体放在粗糙水平面上，将质量为m的物体P放在粗糙的斜面体上，当物体Q放在与P等高（PQ 连线水平）且与物体P相距为r的右侧位置时，P静止且受斜面体的摩擦力为0，斜面体保持静止，静电力常量为k，则下列说法正确的是（）A．P对斜面的压力为0B．斜面体受到地面的摩擦力为0C．P、Q所带电荷量为D．斜面体对地面的压力为（M+m）g【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】以P为研究对象，根据平衡条件求Q对P的库仑力和斜面对P的支持力，再由库仑定律求电荷量．以斜面体和P整体为研究对象，由平衡条件求解地面对斜面体的支持力和摩擦力，即可得到斜面体对地面的压力和摩擦力．【解答】解：A、以P为研究对象，受到重力mg、斜面体的支持力N和库仑力F，如图，由平衡条件得：F=mgtanθN=根据库仑定律得：F=k联立解得：q=由牛顿第三定律得P对斜面的压力为：N′=N=，故A错误，C正确．B、以斜面体和P整体为研究对象，由平衡条件得知地面对斜面体的摩擦力为：f=F地面对斜面体的支持力为：N1=（M+m）g根据牛顿第三定律得斜面体受到地面的摩擦力为F，斜面体对地面的压力为为：N1′=N1=（M+m）g．故B错误，D正确．故选：CD二、实验题（本题包括2小题，共22分．请把答案写在答题卷上．）16．要测绘一个标有“3V、0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V．。