福建省福州文博中学2017-2018学年高三上学期期中考试物理试题 Word版含答案
福建省福州市文博中学2017-2018学年高一上学期期中物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年福建省福州市文博中学高一（上）期中物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分．1-8为单项选择题，9-12为多项选择题，选不全得2分，选错得0分）1．关于参考系和质点的概念，下列说法错误的是（）A．“太阳从东方升起”是以地面为参考系B．“月亮在白云中穿行”是以白云为参考系C．研究地球的公转时，地球可视为质点D．观赏跳水冠军伏明霞的跳水姿态时，可将其视为质点2．某质点向东运动12m，又向西运动20m，又向北运动6m，则它运动的路程和位移大小分别是（）A．14m，10mB．38m，10mC．14m，6mD．38m，6m3．下列所说的速度中，哪个是平均速度（）A．百米赛跑的运动员以9.5m/s的速度冲过终点线B．返回地面的太空舱以8m/s的速度落入太平洋C．由于堵车，在隧道内的车速仅为1.2m/sD．子弹以800m/s的速度撞击在墙上4．做匀减速直线运动的物体，最后停下来，以下说法中正确的是（）A．速度和加速度都随时间减小B．速度和位移都随时间减小C．速度和加速度的方向相反D．速度和加速度均为负值5．唐代大诗人李白的“飞流直下三千尺，疑是银河落九天”，描述了庐山瀑布的美景．如果三尺为1m，则水落到地面的速度约为（将水下落视为自由落体运动，g=10m/s2）（）A．100m/sB．140m/sC．200m/sD．300m/s6．如图所示，一个被吊着的空心均匀球壳，其内部注满了水，在球的底部有一带阀门的细出水口．在打开阀门让水慢慢流出的过程中，球壳与水的共同重心将会（）A．一直下降B．一直不变C．先下降后上升D．先上升后下降7．一根原长为10cm的弹簧，劲度系数是k=103 N/m，在弹簧两端有两人各用F=20N的水平力拉弹簧，静止时弹簧的长度为（）A．12 cmB．10 cmC．14 cmD．．6 cm8．如图所示，两物体所受的重力均为10N，各接触面之间的动摩擦因数均为0.3，A、B两物体同时受到F=1N的两个水平力的作用，那么A对B、B对地面的摩擦力大小分别等于（）A．2N，0NB．1N，0NC．1N，1ND．3N，6N9．如图所示为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法中正确的是（）A．整个过程中，CD段和DE段的加速度数值最大B．整个过程中，BC段的加速度数值最大C．整个过程中，C点所表示的状态，离出发点最远D．BC段所表示的运动通过的路程是34m10．有一直升飞机停在200m高的空中静止不动，有一乘客从窗口由静止每隔1s释放一个钢球，则钢球在空中的排列情况下列说法正确的是（）A．相邻钢球间距离相等B．越靠近地面，相邻间的距离越大C．在落地前，早释放的钢球速度总是比晚释放的钢球速度大D．早释放的钢球落地时的速度大11．放在水平地面上的物体M上表面有一物体m，m与M之间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，如图所示，则关于M和m受力情况的判断，正确的是（）A．m受到向右的摩擦力B．M受到m对它向左的摩擦力C．地面对M的摩擦力方向右D．地面对M不存在摩擦力作用12．甲乙两车在平直道路上同向运动，其v﹣t图象如图所示，图中△OPQ和△OQT的面积分别为S1和S2（S2＞S1），初始时甲车在乙车前方S0处，则下列说法正确的是（）A．若S0=S1+S2，两车不会相遇B．若S0＜S1，两车相遇2次C．若S0=S1，两车相遇1次D．若S0=S2，两车相遇1次二、实验题（12分，每空3分）13．（1）关于打点计时器，下列说法正确的是A．打点的周期由交流电压决定的B．打点的周期由交流电的频率决定的；C．电磁打点计时器所使用的电压为220V的交流电；D．电火花打点计时器所使用的电压为220V的交流电；（2）长乐某校物理探究实验小组，使用50HZ交流电，利用打点计时器打出的一条纸带如图所示．A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点．每相邻的两个计数点之间有四个小点未画出．则：①计数点间的时间间隔为s；②根据纸带上所测得数据，打点计时器打下C点时小车的瞬时速度，v C=m/s；（计算结果保留两位有效数字）③小车的加速度a=m/s2．（计算结果保留两位有效数字）三、计算题（共40分，解题必须写出过程，只写答案不给分）14．如图所示，长L=35cm的铁链，上端用一很短的细线悬挂，距铁链下端h=45cm处有一A点．现剪断细线，让铁链自由下落，不计空气阻力，取g=10m/s2．求：（1）铁链下端经过A点时的速度大小υ；（2）整条铁链通过A点所用的时间△t．15．如图所示，水平面上有一重为40N的物体，受到F1=13N和F2=6N的水平力的作用而保持静止，F1与F2的方向相反．物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，设最大的静摩擦力等于滑动摩擦力．求：（1）物体所受摩擦力的大小和方向．（2）若只撤去F1，物体所受摩擦力的大小和方向．（3）若只撤去F2，物体所受摩擦力的大小和方向．16．一小球从高为h的平台自由下落，已知落地前一秒的下落高度为35米，求：（g=10m/s2）（1）平台高度h是多少？（2）落地时速度是多少？17．甲、乙两运动员在训练交接棒的过程中发现：甲经短距离加速后能保持9m/s的速度跑完全程；乙从起跑后到接棒前的运动是匀加速的．为了确定乙起跑的时机，需在接力区前适当的位置设置标记．在某次练习中，甲在接力区前S0=13.5m处作了标记，并以V=9m/s的速度跑到此标记时向乙发出起跑口令．乙在接力区的前端听到口令时起跑，并恰好在速度达到与甲相同时被甲追上，完成交接棒．已知接力区的长度为L=20m．求：（1）此次练习中乙在接棒前的加速度a；（2）在完成交接棒时乙离接力区末端的距离．四、附加题（10分）18．木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25；夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m．系统置于水平地面上静止不动．现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，如图所示，求力F作用后木块A、B所受摩擦力的大小．2017-2018学年福建省福州市文博中学高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分．1-8为单项选择题，9-12为多项选择题，选不全得2分，选错得0分）1．关于参考系和质点的概念，下列说法错误的是（）A．“太阳从东方升起”是以地面为参考系B．“月亮在白云中穿行”是以白云为参考系C．研究地球的公转时，地球可视为质点D．观赏跳水冠军伏明霞的跳水姿态时，可将其视为质点【考点】质点的认识；参考系和坐标系．【分析】参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解：A、我们常说“太阳从东方升起”是以地面为参考系．故A正确B、“月亮在白云中穿行”是以白云为参考系，故B正确C、研究地球公转时，地球可视为质点，故C正确D、观赏跳水冠军伏明霞的跳水姿态时，如果看成质点，无法研究其跳水姿态，故D错误本题选错误的，故选：D．【点评】掌握了参考系和质点的定义就能解决此类题目．参考系是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．2．某质点向东运动12m，又向西运动20m，又向北运动6m，则它运动的路程和位移大小分别是（）A．14m，10mB．38m，10mC．14m，6mD．38m，6m【考点】位移与路程．【分析】画出运动轨迹图，根据路程和位移定义进行解答．【解答】解：如图所示可以知道路程为12m+20m+6m=38m，位移大小为虚线长度为：x==10m．故选：B．【点评】本题考查路程和位移的定义，画出运动轨迹更直观简单．3．下列所说的速度中，哪个是平均速度（）A．百米赛跑的运动员以9.5m/s的速度冲过终点线B．返回地面的太空舱以8m/s的速度落入太平洋C．由于堵车，在隧道内的车速仅为1.2m/sD．子弹以800m/s的速度撞击在墙上【考点】平均速度．【分析】瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度，平均速度表示某一段时间或某一段位移内的速度．【解答】解：A、百米赛跑的运动员冲过终点线的速度对应一个点，为瞬时速度．故A错误．B、返回地面的太空舱落入太平洋的速度对应一个位置，表示瞬时速度．故B错误．C、在隧道内的车速对应一段位移，是平均速度．故C正确．D、子弹撞击墙的速度对应一个位置，是瞬时速度．故D错误．故选C．【点评】解决本题的关键会区分平均速度和瞬时速度，瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度，平均速度表示某一段时间或某一段位移内的速度．4．做匀减速直线运动的物体，最后停下来，以下说法中正确的是（）A．速度和加速度都随时间减小B．速度和位移都随时间减小C．速度和加速度的方向相反D．速度和加速度均为负值【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】物体做匀减速运动的特点：速度逐渐减小，加速度保持不变．根据v t=v0+at可知由于v0的绝对值大于v t的绝对值，故v t和a反向．【解答】解：A、匀减速运动的特点是物体的速度逐渐减小，而物体的加速度保持不变．故A错误．B、物体在匀减速运动的过程中虽然速度逐渐减小，但物体运动的方向保持不变，故位移随时间增大．故B错误．C、根据v t=v0+at可得物体做匀减速运动时如果v0＞0，那么a＜0，故速度和加速度方向相反．故C正确．D、根据v t=v0+at可得物体做匀减速运动时如果v0＜0，那么a＞0，即加速度a与速度v方向必须相反，故速度和加速度不可能均为负值．故D错误．故选C．【点评】本题考查匀减速运动的特点，难度不大，但如果基础掌握不好容易丢分，所以在今后的学习中要加强基础知识的理解和把握．5．唐代大诗人李白的“飞流直下三千尺，疑是银河落九天”，描述了庐山瀑布的美景．如果三尺为1m，则水落到地面的速度约为（将水下落视为自由落体运动，g=10m/s2）（）A．100m/sB．140m/sC．200m/sD．300m/s【考点】自由落体运动．【分析】庐山瀑布的水流可以认为是做自由落体运动，三千尺就是1000米，根据位移速度公式求出末速度．【解答】解：可以认为庐山瀑布的水流是做自由落体运动，三千尺就是1000米，根据v2=2gh得：v=≈140m/s故选：B【点评】本题是自由落体运动中位移速度公式的直接应用，难度不大，属于基础题．6．如图所示，一个被吊着的空心均匀球壳，其内部注满了水，在球的底部有一带阀门的细出水口．在打开阀门让水慢慢流出的过程中，球壳与水的共同重心将会（）A．一直下降B．一直不变C．先下降后上升D．先上升后下降【考点】重心．【分析】注意重心的位置与物体的质量分布和形状有关，在水从阀门不断流出的过程中，球壳连球壳内中水的整体的重心将先下降，当水流完后，重心又上升．【解答】解：装满水的球壳和水整体的重心在球心，随着水从阀门不断流出，重心位置不断下降，当水快流完时，重心又上升，处于球心，故重心的位置先下降后上升，故ABD错误，C正确．故选：C．【点评】本题考查对实际物体重心位置的分析能力，注意理解重心与质量分布的关系，不能认为重心位置就一直下降．7．一根原长为10cm的弹簧，劲度系数是k=103 N/m，在弹簧两端有两人各用F=20N的水平力拉弹簧，静止时弹簧的长度为（）A．12 cmB．10 cmC．14 cmD．．6 cm【考点】胡克定律．【分析】弹簧受20N拉力F的作用，根据胡克定律F=kx求解弹簧的长度即可．【解答】解：弹簧两端有两人各用F=20N的水平力拉弹簧，弹簧的拉力也是20N，根据胡克定律F=kx得：m=2cm所以弹簧的长度：L=L0+x=10cm+2cm=12cm选项A正确．故选：A【点评】弹簧的弹力与形变量之间的关系遵守胡克定律．公式F=kx中，x是弹簧伸长的长度或压缩的长度，即是弹簧的形变量．8．如图所示，两物体所受的重力均为10N，各接触面之间的动摩擦因数均为0.3，A、B两物体同时受到F=1N的两个水平力的作用，那么A对B、B对地面的摩擦力大小分别等于（）A．2N，0NB．1N，0NC．1N，1ND．3N，6N【考点】静摩擦力和最大静摩擦力．【分析】首先要对物体进行正确的受力分析，并会判断物体的状态，从而选择合适的方法求解物体受到的摩擦力．【解答】解：对物体A进行受力分析，物体A受到竖直向下的重力G A、竖直向上的B对A 的支持力N1、水平向左的拉力F、因有向左的运动趋势，还受到水平向右的摩擦力f A．如图1．由共点力平衡可知f A=F=1N．把物体AB看做一个整体进行受力分析．受到竖直向下的重力G AB、支持力N2、水平向左的拉力F和水平向右的拉力F．如图2所示．物体AB在这四个共点力作用下合外力为零．所以受到地面的摩擦力为0N．选项ACD错误，选项B正确．故答案选B．【点评】本题主要是考察对物体的受力分析的方法，常用的方法有整体法和隔离体法．在对物体进行受力分析时，要做到不漏掉力和不随意添加一些力．9．如图所示为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法中正确的是（）A．整个过程中，CD段和DE段的加速度数值最大B．整个过程中，BC段的加速度数值最大C．整个过程中，C点所表示的状态，离出发点最远D．BC段所表示的运动通过的路程是34m【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，其斜率表示加速度，倾角越大表示加速度越大；图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．BC段与时间轴围成的梯形面积表示其运动的路程．【解答】解：A、整个过程中，CE段倾角最大，故其加速度数值最大，故A正确，B错误；C、从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点所表示的状态离出发点最远，故C错误；D、BC段与时间轴围成的梯形面积为S=×（5+12）×4m=34m．故D正确．故选AD【点评】本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题．10．有一直升飞机停在200m高的空中静止不动，有一乘客从窗口由静止每隔1s释放一个钢球，则钢球在空中的排列情况下列说法正确的是（）A．相邻钢球间距离相等B．越靠近地面，相邻间的距离越大C．在落地前，早释放的钢球速度总是比晚释放的钢球速度大D．早释放的钢球落地时的速度大【考点】自由落体运动．【分析】自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动；根据位移时间公式判断匀时间，根据速度位移关系公式判断落地速度．【解答】解：A、B、初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内，位移之比为1：3：5：…，故越靠近地面，相邻球间的距离越大，故A错误，B正确；C、在落地前，早释放的钢球加速运动时间长，故速度大，故C正确；D、根据位移时间关系公式，有v2=2gh；解得：，故钢球落地速度都相等，故D错误；故选BC．【点评】本题关键是明确钢球的运动性质，然后选择恰当的运动学公式进行分析讨论；同时初速度为零的匀加速直线运动的几个推论对自由落体运动也是成立的．11．放在水平地面上的物体M上表面有一物体m，m与M之间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，如图所示，则关于M和m受力情况的判断，正确的是（）A．m受到向右的摩擦力B．M受到m对它向左的摩擦力C．地面对M的摩擦力方向右D．地面对M不存在摩擦力作用【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】分别以M、m为研究对象，根据平衡条件研究它们受到的摩擦力．再以整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析地面对M有无摩擦力．【解答】解：A、以m为研究对象，压缩状态的弹簧对m有向左的弹力，由平衡条件得到，m受到向右的摩擦力，故A正确；B、根据牛顿第三定律得知，M受到m对它向左的摩擦力，故B正确；C、D、先以整体为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得到，地面对M没有摩擦力．故C错误，D正确；故选ABD．【点评】本题涉及两个物体的平衡问题，灵活选择研究对象进行分析是关键．常规题．12．甲乙两车在平直道路上同向运动，其v﹣t图象如图所示，图中△OPQ和△OQT的面积分别为S1和S2（S2＞S1），初始时甲车在乙车前方S0处，则下列说法正确的是（）A．若S0=S1+S2，两车不会相遇B．若S0＜S1，两车相遇2次C．若S0=S1，两车相遇1次D．若S0=S2，两车相遇1次【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的公式．【分析】此题考察了追击与相遇问题，解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系．两物体的位移之差等于初始时的距离是两物体相遇的条件．【解答】解：由图线可知：在T时间内，甲车前进了S2，乙车前进了S1+S2；A、若S0+S2＞S1+S2，即S0＞S1，两车不会相遇，所以选项A正确；B、若S0+S2＜S1+S2，即S0＜S1，在T时刻之前，乙车会超过甲车，但甲车速度增加的快，所以甲车还会超过乙车，则两车会相遇2次，所以选项B正确；C、D、若S0+S2=S1+S2，即S0=S1两车只能相遇一次，所以选项C正确，D错误；故选ABC．【点评】1、抓住速度图象是速度随时间的变化规律，是物理公式的函数表现形式，分析问题时要做到数学与物理的有机结合，数学为物理所用．2、在速度图象中，纵轴截距表示初速度，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的“面积”表示位移，抓住以上特征，灵活分析．二、实验题（12分，每空3分）13．（1）关于打点计时器，下列说法正确的是BDA．打点的周期由交流电压决定的B．打点的周期由交流电的频率决定的；C．电磁打点计时器所使用的电压为220V的交流电；D．电火花打点计时器所使用的电压为220V的交流电；（2）长乐某校物理探究实验小组，使用50HZ交流电，利用打点计时器打出的一条纸带如图所示．A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点．每相邻的两个计数点之间有四个小点未画出．则：①计数点间的时间间隔为0.1s；②根据纸带上所测得数据，打点计时器打下C点时小车的瞬时速度，v C=0.34m/s；（计算结果保留两位有效数字）③小车的加速度a=0.40m/s2．（计算结果保留两位有效数字）【考点】测定匀变速直线运动的加速度；探究小车速度随时间变化的规律．【分析】（1）根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步骤．（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出C点的瞬时速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度．【解答】解：（1）A、打点计时器的打点周期由交流电的频率决定，故A错误，B正确．C、电磁打点计时器使用4﹣6V的交流电压，电火花打点计时器使用220V的交流电压，故C错误，D正确．故选：BD．（2）每相邻的两个计数点之间有四个小点未画出，可知相邻计数点间的时间间隔为0.1s；C点的瞬时速度等于BD段的平均速度，则m/s=0.34m/s，连续相等时间内的位移之差△x=0.40cm，根据△x=aT2得，加速度为：a=．故答案为：（1）BD；（2）0.1，0.34，0.40．【点评】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用．三、计算题（共40分，解题必须写出过程，只写答案不给分）14．如图所示，长L=35cm的铁链，上端用一很短的细线悬挂，距铁链下端h=45cm处有一A点．现剪断细线，让铁链自由下落，不计空气阻力，取g=10m/s2．求：（1）铁链下端经过A点时的速度大小υ；（2）整条铁链通过A点所用的时间△t．【考点】自由落体运动．【分析】铁链做自由落体运动，根据自由落体运动的基本规律即可解题．【解答】解：（1）根据自由落体运动位移速度公式得：v2=2gh解得：v==3m/s（2）设铁链的下端运动到A的时间为t1，则解得：t1==0.3s设铁链的上端运动到A的时间为t2，则解得：t2==0.4s时间差t=t1﹣t2=0.1s答：（1）铁链下端经过A点时的速度大小为3m/s；（2）整条铁链通过A点所用的时间△t为0.1s．【点评】本题主要考查了自由落体运动的基本规律，难度不大，属于基础题．15．如图所示，水平面上有一重为40N的物体，受到F1=13N和F2=6N的水平力的作用而保持静止，F1与F2的方向相反．物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，设最大的静摩擦力等于滑动摩擦力．求：（1）物体所受摩擦力的大小和方向．（2）若只撤去F1，物体所受摩擦力的大小和方向．（3）若只撤去F2，物体所受摩擦力的大小和方向．【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．【分析】在求摩擦力的大小时，要先判断是静摩擦力还是滑动摩擦力，然后根据公式求解摩擦力的大小．【解答】解：物体所受最大静摩擦力为：f m=μG=8（N）（1）由于F1﹣F2=7N＜f m所以物体处于静止状态，所受摩擦力为静摩擦力：故有：f1=F1﹣F2=7N，方向水平向右．（2）因为F2=6N＜f m，物体保持静止，故所受静摩擦力为：f2=F2=6N，方向水平向左（3）因为F1=13N＞f m，所以物体相对水平面向左滑动，故物体受的滑动摩擦力：f3=μG=8N，方向水平向右．【点评】摩擦力问题是高中物理的重点和难点，对于摩擦力的分析一定注意判断是动摩擦力还是静摩擦力，即注意根据运动状态进行分析．16．一小球从高为h的平台自由下落，已知落地前一秒的下落高度为35米，求：（g=10m/s2）（1）平台高度h是多少？（2）落地时速度是多少？【考点】平抛运动．【分析】（1）根据位移时间公式表示出最后1s的位移即可求得该平台离地面的高度；（2）根据v2=2gh 即可求得落地时的瞬时速度【解答】解：（1）设落地时间为t，平台到落地前一秒的下落高度为h1，对应的下落时间为（t﹣1）s，则有：h=gt2…①h1=g（t﹣1）2…②h﹣h1=35m…③由①②③式可得：h=80m，t=4s（2）由：v=gt解得：v=40m/s答：（1）平台高度h是80m；（2）落地时速度是40m/s．【点评】本题主要考查了自由落体运动基本公式的直接应用，明确最后1s的位移等于总位移减去（t﹣1）内的位移，难度不大，属于基础题．17．甲、乙两运动员在训练交接棒的过程中发现：甲经短距离加速后能保持9m/s的速度跑完全程；乙从起跑后到接棒前的运动是匀加速的．为了确定乙起跑的时机，需在接力区前适当的位置设置标记．在某次练习中，甲在接力区前S0=13.5m处作了标记，并以V=9m/s的速度跑到此标记时向乙发出起跑口令．乙在接力区的前端听到口令时起跑，并恰好在速度达到与甲相同时被甲追上，完成交接棒．已知接力区的长度为L=20m．求：（1）此次练习中乙在接棒前的加速度a；（2）在完成交接棒时乙离接力区末端的距离．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀速直线运动及其公式、图像．【分析】（1）甲在追乙的过程中，甲做的是匀速运动，乙做的是加速运动，追上时他们的位移的差值是13.5m，从而可以求得加速度的大小；（2）乙做的是加速运动，由匀加速运动的位移公式可以求得乙的位移的大小，从而可以求得在完成交接棒时乙离接力区末端的距离．【解答】解：（1）设经过时间t，甲追上乙，则根据题意有vt﹣vt=13.5将v=9代入得到：t=3s，再有v=at解得：a=3m/s2即乙在接棒前的加速度为3m/s2．（2）在追上乙的时候，乙走的距离为s，则：s=at2代入数据得到s=13.5m．所以乙离接力区末端的距离为△s=20﹣13.5=6.5m．【点评】在交接棒时甲做的是匀速运动，乙做的是匀加速运动，根据甲乙的运动的规律分别列式可以求得加速度和位移的大小．四、附加题（10分）18．木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25；夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m．系统置于水平地面上静止不动．现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，如图所示，求力F作用后木块A、B所受摩擦力的大小．。
2010-2023历年福建福州文博中学高三上学期期中考试物理试卷(带解析)
2010-2023历年福建福州文博中学高三上学期期中考试物理试卷（带解析）第1卷一.参考题库(共12题)在如图所示的电路中，闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，以下说法正确的是A．电压表和电流表的示数都增大L2变暗，电流表的示数减小L1变亮，电压表的示数减小L2变亮，电容器的带电量增加（10分）一辆汽车正在以v0＝20m/s的速度在平直路面匀速行驶，突然，司机看见车的正前方s处有一位静止站立的老人，司机立即采取制动措施。
此过程汽车运动的速度随时间的变化规律如图所示，g取10m/s2，求：（1）s至少多大时，老人是安全的；（设老人在整个过程都静止不动）（2）汽车与地面的动摩擦因数。
(刹车过程空气阻力不计)3.如图所示，叠放在一起的A、B两绝缘小物块放在水平向右的匀强电场中，其中B带+Q的电量，A不带电；它们一起沿绝缘水平面以某一速度匀速运动。
现突然使B带电量消失，A带上+Q的电量，则A、B的运动状态可能为A．一起匀速B．一起加速C．一起减速D．A加速，B匀速4.光滑水平面上有一直角坐标系，质量m=4kg的质点静止在坐标原点O处。
先用沿+x 轴方向的力F1=8N作用了2s；然后撤去F1 ，并立即用沿+y 方向的力F2=24N作用1s．则质点在这3s内的轨迹为图中的5.（10分）如图所示，ab，cd为两根相距2m的平行金属导轨，水平放置在竖直向下的匀强磁场中，当质量为3.6kg的金属棒中通以5A的电流时，棒沿导轨作匀速运动；当棒中电流加到8A时，棒能获得2m/s2的加速度，求匀强磁场的磁感强度的大小。
如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一小球向右滑行，并冲上固定在地面上的斜面。
设物体在斜面最低点A的速度为v，压缩弹簧至C点时弹簧最短，C 点距地面高度为h，不计小球与弹簧碰撞过程中的能量损失，则小球在C点时弹簧的弹性势能为A．B．C．D．如图所示，一木块在垂直于倾斜天花板平面的推力F作用下处于静止状态，则下列判断正确的是A．天花板与木块间的弹力可能为零B．天花板对木块的摩擦力可能为零C．推力F逐渐增大的过程中，木块将始终保持静止F的增大而变化8.从手中竖直向上抛出的小球，与水平天花板碰撞后又落回到手中，设竖直向上的方向为正方向，小球与天花板碰撞时间极短。
福建省福州市文博中学2017-2018学年高二上学期期末考试物理试卷 Word版含解析
福建省福州市文博中学2017-2018学年高二上学期期末物理试卷一、单项选择题（共16小题，每小题3分，共45分．每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的，把答案填在答题表中）1．关于电场强度的公式E=，下列说法正确的是( )A．由公式可知，电场强度与试探电荷所带电量成反比B．此公式只能适用于真空中的点电荷产生的电场C．此公式为电场强度的定义式，可以适用于各种电场D．公式中q是产生电场的电荷带电量，F是试探电荷所受到的力2．两个相同的金属小球，带电量之比为，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们的静电力可能为原来的( )A．B．C．D．3．在点电荷产生的电场中，以它为圆心做一个圆，那么圆上A、B两点( )A．电场强度相同，电势相等B．电场强度相同，电势不相等C．电场强度不相同，电势相等D．电场强度不相同，电势不相等4．某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是( )A．B． C．D．5．两个带电粒子由静止经同一电场加速后垂直磁感线方向进入同一匀强磁场，两粒子质量之比为1：2．电量之比为1：2，则两带电粒子受洛仑兹力之比为( )A．2：1 B．1：l C．1：2 D．1：46．穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加2Wb，则( )A．线圈中感应电动势每秒增加2VB．线圈中感应电动势每秒减少2VC．线圈中感应电动势始终为2VD．线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于2V7．如图所示的电路中，一个N极朝下的条形磁铁竖直下落，恰能穿过水平放置的方形导线框，下列判断正确的是( )A．磁铁经过图中位置1时，线框中感应电流沿abcd方向，经过位置2时沿adcb方向B．磁铁经过图中位置1时，线框中感应电流沿adcb方向，经过位置2时沿abcd方向C．磁铁经过位置1和2时，感应电流都沿abcd方向D．磁铁经过位置1和2时，感应电流都沿adcb方向8．矩形金属线圈共10匝，绕垂直磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，线圈中产生的交流电动势e随时间t变化的情况，如图所示．下列说法中正确的是( )A．此交流电的频率为0.2HzB．此交流电动势的有效值为1VC．t=0.1s时，线圈平面与磁场方向平行D．线圈在转动过程中穿过线圈的最大磁通量为Wb9．某电流表的满偏电流I G=1mA，内阻为1kΩ，要把它改装成一个量程为0.6A的安培表，应在该电流表上( )A．串联一个599 kΩ的电阻B．并联一个599 kΩ的电阻C．串联一个kΩ的电阻D．关联一个kΩ的电阻10．有一台电风扇额定工作电压为220V，额定电功率为50W，线圈电阻为0.4Ω，电风扇接入电压为220V的电路中，关于它每分钟产生的热量是多少，有四位同学计算如下，其中正确的是( )A．Q=Pt=50×60=3000JB．Q=IUt=50×220×J=3000JC．Q=I2Rt=（）2×0.4×60J=1.2JD．Q==2202×J=7.26×106J11．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，合上开关S后各灯恰能正常发光，如果某一时刻电灯C烧断，则( )A．灯A变暗，灯B变亮B．灯A变亮，灯B变暗C．灯A、灯B都变亮 D．灯A、灯B都变暗12．如图所示，在半径为R的圆内，有方向为垂直纸面向里的匀强磁场，一带电粒子以速度v沿半径ao方向从a点射入磁场，又从c点射出磁场，射出时速度方向偏转60°，则粒子在磁场中运动的时间是( )A．B．C．D．13．如图所示，两平行金属板水平放置，构成一个电容器．当把两金属板接在某直流电源的两板时，板间有一带电微粒恰好能保持静止状态，则( )A．该带电微粒一定是带负电荷B．微粒只能处于两板中央，它才可能处于静止C．若将两极板间距调大一些，微粒将向下运动D．若将两极板间距调小一些，微粒仍能保持平衡14．如图所示中，L1和L2是两个相同灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈，其电阻值与R相同，在开关S接通的瞬间，下列说法正确的是( )A．接通时L1先达到最亮，断开时L1后灭B．接通时L2先达到最亮，断开时L2后灭C．接通时L1先达到最亮，断开时L1先灭D．接通时L2先达到最亮，断开时L2先灭15．如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里．一边长为20cm的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域．在运动过程中，线框有一边始终与磁场区域的边界平行，取它刚进入磁场的时刻t=0，在下图所示的图线中，能正确反映感应电流随时间变化规律的是( )A．B．C．D．16．如图所示，两竖直放置的平行光滑导轨处于垂直于导轨平面的匀强磁场中，金属杆ab 可沿导轨滑动，原先S断开，让ab杆由静止下滑，一段时间后闭合S，则从S闭合开始计时，ab杆的运动速度v随时间t的图象不可能是下图中的( )A．B．C．D．二、填空题：（共17分）17．小明用多用电表的欧姆测某一电阻值时，分别用R×1、R×10两个电阻挡测了两次，指针所指的位置如右图所示．为提高测量的精确度，应该用__________挡，被测阻值约为__________Ω．18．用伏安法测定两节干电池组成的电源的电动势E和内电阻r．实验中共测出五组数据，如下表所示：1 2 3 4 5U（V） 2.80 2.60 2.50 2.20 2.00I（A）0.48 0.80 1.00 1.60 1.96在如图中作U﹣I图线，并根据图线求出：电动势E=__________V，内电阻r=__________Ω．19．在“测定金属的电阻率”的实验中，某同学选用电阻大约为5Ω的金属丝，为了采用伏安法测其电阻，他取来两节干电池、电键和若干导线及下列器材：A．电压表0～3V，内阻10kΩB．电压表0～15V，内阻50kΩC．电流表0～0.6A，内阻0.05ΩD．电流表0～3A，内阻0.01ΩE．滑动变阻器，0～10ΩF．滑动变阻器，0～100Ω（1）要求较准确地测出其阻值，电压表应选__________，电流表应选__________，滑动变阻器应选__________．（填序号）（2）实验中某同学的实物接线如图所示，请指出该同学实物接线中的两处明显错误．错误1：__________；错误2：__________．三、计算题：（共38分，写出必要的文字说明．）20．真空中有一点电荷A，带电量为+4×10﹣9C，当另一点电荷B在与A相距10cm时，受到静电引力的大小为1.8×10﹣5N．已知静电力常量k=9×109N．m2/C2，问：（1）点电荷B带何种电？带电量为多少？（2）A点电荷在距离10cm远处产生的电场，场强是多大？21．如图所示，电源的电动势E=4.5V，电阻R=8Ω，玩具电动机上标有“4V 2W”字样．当电键S闭合后，电动机恰好能正常工作，求：（1）电动机正常工作时的电流；（2）电源的内电阻．22．如图所示，导体框架的平行导轨间距d=1m，框架平面与水平面夹角α=30°，匀强磁场方向垂直框架平面向上，且B=0.2T，导体棒ab的质量m=0.2kg，R=0.1Ω，水平跨在导轨上，且可无摩擦滑动（g取10m/s2）求：（1）ab下滑的最大速度（2）以最大速度下滑时，ab棒上的电热功率．23．一足够长的矩形区域abcd内有磁感应强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场，矩形区域的左边界ad宽为L，现从ad中点O垂直于磁场射入一带电粒子，速度大小为v0，方向与ad边夹角为θ=30°，如图所示．已知粒子的电荷量为q，质量为m（重力忽略不计）．（1）若粒子带负电，且恰好能从d点射出磁场，求v0的大小；（2）若粒子带正电，使粒子能从ab边射出磁场，求v0的取值范围，以及此范围内粒子在磁场中运动时间t的范围．24．如图所示，在直角坐标系xoy的第一象限中分布着沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限中分布着方向向里垂直纸面的匀强磁场．一个质量为m、带电+q的微粒，在A点（0，3）以初速度v0=120m/s平行x轴射入电场区域，然后从电场区域进入磁场，又从磁场进入电场，并且先后只通过x轴上的p点（6，0）和Q点（8，0）各一次．已知该微粒的比荷为=102C/kg，微粒重力不计．求：（1）微粒从A到P所经历的时间和加速度的大小；（2）求出微粒到达P点时速度方向与x轴正方向的夹角；（3）电场强度E和磁感强度B的大小．福建省福州市文博中学2014-2015学年高二上学期期末物理试卷一、单项选择题（共16小题，每小题3分，共45分．每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的，把答案填在答题表中）1．关于电场强度的公式E=，下列说法正确的是( )A．由公式可知，电场强度与试探电荷所带电量成反比B．此公式只能适用于真空中的点电荷产生的电场C．此公式为电场强度的定义式，可以适用于各种电场D．公式中q是产生电场的电荷带电量，F是试探电荷所受到的力考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：公式E=运用比值法定义，E与F、q无关，该公式适用于任何电场，根据电场强度的物理意义分析．解答：解：A、电场强度反映电场本身的性质，由电场本身决定，与试探电荷的电荷量无关，故A错误．BC、E=为电场强度的定义式，运用比值法定义，适用于各种电场，故B错误，C正确．D、公式中q是放入电场中的试探电荷，F是试探电荷所受到的力，故D错误．故选：C．点评：本题关键抓住电场强度是描述电场本身性质的物理量，其大小和方向与试探电荷无关，是电场本身决定．2．两个相同的金属小球，带电量之比为，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们的静电力可能为原来的( )A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出．当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的．解答：解：由库仑定律可得：F=k得，当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为4：4，所以库仑力是原来的16：7．当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为3：3，所以库仑力是原来的9：7．故C、D正确，A、B错误．故选：CD．点评：解决本题的关键掌握库仑定律的公式，注意两个金属小球可能带同种电荷，可能带异种电荷．3．在点电荷产生的电场中，以它为圆心做一个圆，那么圆上A、B两点( )A．电场强度相同，电势相等B．电场强度相同，电势不相等C．电场强度不相同，电势相等D．电场强度不相同，电势不相等考点：电势差与电场强度的关系；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：点电荷产生的电场线是辐射状或汇聚状的，根据电场线的特点判断电场强度的关系．通过点电荷的等势面判断各点电势的关系解答：解：在单个点电荷产生的电场中，以它为圆心做一个圆，在圆周上各处电场线疏密相同，但方向各不相同，故场强的大小相同，场强的方向各不相同，所以圆上各点的场强不同．点电荷的等势面是一簇簇一点电荷为球心的同心球面，球面上各点的电势相等．故C正确，ABD错误．故选：C点评：解决本题的关键掌握点电荷周围电场的特点，注意电场强度是矢量，有大小有方向．以及知道点电荷的等势面特点4．某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是( ) A．B．C．D．考点：安培力．分析：熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向．解答：解：A、根据左手定则可知，A图中安培力方向应该向上，故A正确；B、根据左手定则可知，B图中安培力应该垂直于磁场斜向上，故B错误；C、根据左手定则可知，C图中磁场方向和电流方向在同一直线上，不受安培力作用，故C 错误；D、根据左手定则可知，D图中安培力方向垂直于导体棒向上，故D错误．故选：A．点评：左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．5．两个带电粒子由静止经同一电场加速后垂直磁感线方向进入同一匀强磁场，两粒子质量之比为1：2．电量之比为1：2，则两带电粒子受洛仑兹力之比为( )A．2：1 B．1：l C．1：2 D．1：4考点：洛仑兹力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据动能定理求出粒子的速度关系，带电粒子垂直进入磁场中，受到洛伦兹力作用，根据洛伦兹力大小，f=Bqv，即可求解．解答：解：两个带电粒子由静止经同一电场加速后，根据动能定理：所以：由于两粒子质量之比为1：2．电量之比为1：2，所以两种粒子进入磁场的速度是相等的．根据洛伦兹力大小，f=Bqv，结合题意可得，洛伦兹力大小与电量成正比，即1：2，故C正确，ABD错误；故选：C点评：考查洛伦兹力产生条件，及影响洛伦兹力的大小因素，同时运用控制变量法来确定问题．6．穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加2Wb，则( )A．线圈中感应电动势每秒增加2VB．线圈中感应电动势每秒减少2VC．线圈中感应电动势始终为2VD．线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于2V考点：法拉第电磁感应定律．分析：根据法拉第电磁感应定律E=分析感应电动势的大小，且电动势的大小与电阻无关．解答：解：磁通量始终保持每秒钟均匀地增加2Wb，则E=n=，知线圈中的感应电动势始终为2V，与线圈的电阻无关．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，会运用法拉第电磁感应定律解题．7．如图所示的电路中，一个N极朝下的条形磁铁竖直下落，恰能穿过水平放置的方形导线框，下列判断正确的是( )A．磁铁经过图中位置1时，线框中感应电流沿abcd方向，经过位置2时沿adcb方向B．磁铁经过图中位置1时，线框中感应电流沿adcb方向，经过位置2时沿abcd方向C．磁铁经过位置1和2时，感应电流都沿abcd方向D．磁铁经过位置1和2时，感应电流都沿adcb方向考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：当N极朝下的条形磁铁竖直下落，恰能穿过水平放置的方形导线框，则由磁通量变化来判定线框中的感应电流方向．解答：解：A、磁铁经过图中位置1时，线框中的磁通是变大，且磁场方向向下，则由楞次定律可得，线框中感应电流adcb方向，经过位置2时，线框中的磁通是变小，且磁场方向向下，则由楞次定律可得，线框中感应电流沿abcd方向，故ACD错误，B正确；故选：B点评：考查由楞次定律来确定感应电流的方向．当条形磁铁进入方形导线框时，磁铁内部磁场强于外部，且内部磁感线从S极到N极．8．矩形金属线圈共10匝，绕垂直磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，线圈中产生的交流电动势e随时间t变化的情况，如图所示．下列说法中正确的是( )A．此交流电的频率为0.2HzB．此交流电动势的有效值为1VC．t=0.1s时，线圈平面与磁场方向平行D．线圈在转动过程中穿过线圈的最大磁通量为Wb考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：根据图象可得出交流电的最大值、有效值、周期、频率等物理量的大小．解答：解：A．根据图象可知，该交流电的周期为0.2s，故频率为5Hz，故A错误；B．该交流电的最大值为1V，有效值为V，故B错误；C．t=0.1s时，电动势为零，此时线圈处在中性面上，故C错误．D．由Em=NBSω得：线圈磁通量的最大值Φm=BS=Wb，故D正确．故选D．点评：根据交流电图象获取有关交流电的各种信息，是对学生的基本要求，要熟练掌握．9．某电流表的满偏电流I G=1mA，内阻为1kΩ，要把它改装成一个量程为0.6A的安培表，应在该电流表上( )A．串联一个599 kΩ的电阻B．并联一个599 kΩ的电阻C．串联一个kΩ的电阻D．关联一个kΩ的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：将电表的量程扩大应在表头两端并联一个小电阻进行分流，当流过表头的电流达到满偏时，流过并联部分的总电流即为改装后的最大量程．解答：解：要使电流表量程变为0.6A，则流过并联电阻的电流为：I=0.6﹣0.001A=0.599A；并联部分的电压为：U=I g R=0.001×1000Ω=1V，则需要并联的电阻为：r===kΩ，故D正确，ABC错误；故选：D．点评：对于电流表的改装一定要明确改装的原理，再根据串并联电路的规律求解即可．10．有一台电风扇额定工作电压为220V，额定电功率为50W，线圈电阻为0.4Ω，电风扇接入电压为220V的电路中，关于它每分钟产生的热量是多少，有四位同学计算如下，其中正确的是( )A．Q=Pt=50×60=3000JB．Q=IUt=50×220×J=3000JC．Q=I2Rt=（）2×0.4×60J=1.2JD．Q==2202×J=7.26×106J考点：电功、电功率；焦耳定律．专题：恒定电流专题．分析：已知电流和线圈的电阻以及通电时间，由Q=I2Rt就可计算出线圈产生的热量．解答：解：电风扇正常工作时产生的热量是由于内阻发热产生的，所以每分钟产生的热量为Q=I2Rt=（50/220）2×0.4×60J=1.2J故选C点评：本题考查了电动机正常工作时产生热量的计算，是一道基础题，关键是正确理解电功和电热的关系以及各自的求解方法．11．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，合上开关S后各灯恰能正常发光，如果某一时刻电灯C烧断，则( )A．灯A变暗，灯B变亮B．灯A变亮，灯B变暗C．灯A、灯B都变亮 D．灯A、灯B都变暗考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：串联电路电流相等，各个电阻的电压之比等于电阻之比；电灯C烧断，电灯B与电灯C并联的总电阻增加了．解答：解：电灯C烧断，电灯B与电灯C并联的总电阻增加了，故电灯B与电灯C并联部分分得的电压增加了，故电灯B变亮了；电灯C烧断，电灯B与电灯C并联的总电阻增加了，根据闭合电路欧姆定律，干路电流减小了，故电灯A变暗了；故选：A．点评：本题是电路中的动态分析问题，关键是结合闭合电路欧姆定律和串联电路的分压规律进行判断，基础问题．12．如图所示，在半径为R的圆内，有方向为垂直纸面向里的匀强磁场，一带电粒子以速度v沿半径ao方向从a点射入磁场，又从c点射出磁场，射出时速度方向偏转60°，则粒子在磁场中运动的时间是( )A．B．C．D．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：电荷在匀强磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何知识求出半径．定圆心角，根据v=求时间．解答：解：设粒子做匀速圆周运动的半径为r，如图所示，∠OO′A=30°，得到圆运动的半径为：R=O′A=由于粒子在磁场中的运动方向偏转了60˚角，所以粒子完成了个圆运动，运动的时间为：t===故选：C．点评：带电粒子在匀强磁场中匀速圆周运动问题，关键是画出粒子圆周的轨迹，往往用数学知识求半径．13．如图所示，两平行金属板水平放置，构成一个电容器．当把两金属板接在某直流电源的两板时，板间有一带电微粒恰好能保持静止状态，则( )A．该带电微粒一定是带负电荷B．微粒只能处于两板中央，它才可能处于静止C．若将两极板间距调大一些，微粒将向下运动D．若将两极板间距调小一些，微粒仍能保持平衡考点：带电粒子在混合场中的运动；电容．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：带电微粒受到重力和电场力作用，处于静止状态，根据电源判断电容器的正负极，从而判断电场强度的方向，根据电场力的方向方向微粒的电性，电容器板间电压不变，由E=分析板间场强的变化，即可判断小球如何运动．解答：解：A、带电微粒受到重力和电场力作用，处于静止状态，则电场力方向竖直向上，根据图象可知，电容器下极板带正电，则电场强度向上，所以电荷带正电，故A错误；B、电容器内部是匀强电场，带点微粒不论处于什么位置都能静止，故B错误；C、将电容器两板间的距离增大，电容器板间电压不变，根据E=可知，电场强度减小，则电场力减小，重力大于电场力，微粒将向下运动，故C正确；D、将电容器两板间的距离减小，电容器板间电压不变，根据E=可知，电场强度增大，则电场力增大，重力小于电场力，微粒将向上运动，故D错误；故选：C点评：本题是电容器动态分析问题．知道电容器与电源始终相连时，电容器两端电压不变，结合板间场强公式E=进行分析即可．14．如图所示中，L1和L2是两个相同灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈，其电阻值与R相同，在开关S接通的瞬间，下列说法正确的是( )A．接通时L1先达到最亮，断开时L1后灭B．接通时L2先达到最亮，断开时L2后灭C．接通时L1先达到最亮，断开时L1先灭D．接通时L2先达到最亮，断开时L2先灭考点：自感现象的应用．分析：利用自感线圈对变化电流的阻碍作用和欧姆定律进行判断．解答：解：接通时由于L自感作用，瞬间等于断路，通过L1的电流等于L2+R之和，所以L1先达到最亮．然后L自感慢慢减弱，通过L1的电流减小，然后熄灭；当断开时，L2瞬间失去电流，而L1和L构成回路，由于L自感，L1会亮一会再灭，故A 正确BCD错误．故选：A点评：本题考查了自感线圈的特点，利用楞次定律和闭合电路的欧姆定律综合分析．15．如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里．一边长为20cm的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域．在运动过程中，线框有一边始终与磁场区域的边界平行，取它刚进入磁场的时刻t=0，在下图所示的图线中，能正确反映感应电流随时间变化规律的是( )A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据楞次定律判断感应电流的方向．由感应电动势公式和欧姆定律分别研究各段感应电流的大小，再选择图象．解答：解：线框进入磁场过程：时间t1==1s，根据楞次定律判断可知感应电流方向是逆时针方向，感应电流大小I=不变．线框完全在磁场中运动过程：磁通量不变，没有感应产生，经历时间t2==1s．线框穿出磁场过程：时间t3==1s，感应电流方向是顺时针方向，感应电流大小I=不变．故选C点评：本题分三个过程分别研究感应电流大小和方向，是电磁感应中常见的图象问题，比较简单．16．如图所示，两竖直放置的平行光滑导轨处于垂直于导轨平面的匀强磁场中，金属杆ab 可沿导轨滑动，原先S断开，让ab杆由静止下滑，一段时间后闭合S，则从S闭合开始计时，ab杆的运动速度v随时间t的图象不可能是下图中的( )A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；匀变速直线运动的图像．专题：电磁感应与图像结合．分析：金属杆在重力作用下向下运动，竖直方向受重力和安培力作用，根据安培力大小与重力大小的关系分析金属杆的运动情况以及加速度变化情况．解答：解：A、当闭合开关时S时，满足mg=时，金属杆匀速运动，A可能，故A错误．B、当速度大小变化时，感应电动势也会变化，感应电流也变化，安培力大小也变化，所以金属杆的加速度也在变化，所以不可能做匀加速运动，B没有可能，故B正确．C、如果mg＞时，金属杆加速运动，速度增大，安培力增大，加速度减小最后匀速，C有可能，故C错误．D、当mg＜时，金属杆减速运动，速度减小，安培力减小，加速度减小，D有可能，故D错误．该题选不可能的，故选B．点评：正确分析棒的受力并能根据受力判定物体做加速度逐渐减小的加速运动，知道合外力等于0时棒将做匀速直线运动．二、填空题：（共17分）17．小明用多用电表的欧姆测某一电阻值时，分别用R×1、R×10两个电阻挡测了两次，指针所指的位置如右图所示．为提高测量的精确度，应该用×10挡，被测阻值约为200Ω．考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：（1）欧姆表指针指在中间附近时，读数最准确；欧姆表每次使用应该先选档位，然后欧姆调零，最后测量；再换挡位、测量；最后调到交流最大电压挡；（2）欧姆表读数等于表盘读数乘以倍率．解答：解：欧姆表指针指在中间附近时，读数最准确，故第一次指针指在左边，第一次的读数大，所以选择的档位太小；第二次指在中间，所选择的档位合适，所以要选择“×10”档；欧姆表选择×10挡，由图示表盘可知，电阻阻值为：20×10Ω=200Ω．故答案为：×10，200点评：本题考查了欧姆表的使用技巧以及读数方法，基础题．换挡之后一定要进行欧姆表调零是做该类题目的关键．18．用伏安法测定两节干电池组成的电源的电动势E和内电阻r．实验中共测出五组数据，如下表所示：1 2 3 4 5U（V） 2.80 2.60 2.50 2.20 2.00I（A）0.48 0.80 1.00 1.60 1.96。
2017-2018学年福建省福州市格致中学高三(上)期中物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年福建省福州市格致中学高三（上）期中物理试卷一、单选题1．有一个惊险的杂技节目叫“飞车走壁”，杂技演员骑摩托车先在如图所示的大型圆筒底部作速度较小、半径较小的圆周运动，通过逐步加速，圆周运动的半径逐步增大，最后能以较大的速度在竖直的壁上作匀速圆周运动，这时使车子和人整体作匀速圆周运动的向心力是（）A．圆筒壁对车的静摩擦力B．筒壁对车的弹力C．摩托车本身的动力D．重力和摩擦力的合力2．a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B．20秒时，a、b两物体相距最远C．60秒时，物体a在物体b的前方D．40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m3．一光滑球夹在坚直墙壁与放在水平面上的楔形木块间，处于静止，若对光滑球施加一个方向坚直向下的力F，如图所示，整个装置仍处于静止，则与施力F前相比较，下面说法中正确的是（）A．墙对球的弹力不变B．水平面对楔形木块的弹力增大C．楔形木块对球的弹力不变D．水平面对楔形木块的摩擦力不变4．如图所示，一质点从M点沿曲线运动到N点，当它通过b点时，其速度v与加速度a方向的关系可能正确的是（）A．B．C．D．5．据报道，我国数据中继卫星“天链一号01星”于2008年4月25日在西昌卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控制后，于5月l日成功定点在东经77°赤道上空的同步轨道．关于成功定点后的“天链一号01卫星”，下列说法正确的是（）A．运行速度大于7.9km/sB．离地面高度一定C．绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度小D．向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度小6．如图所示，一辆向右行驶的汽车将一重物A匀速提起，在此过程中，说法正确的是（）A．汽车向右减速行驶，且车所受地面的支持力增大B．汽车向右减速行驶，且所受地面摩擦力不变C．汽车向右匀速行驶，且所受地面摩擦力不变D．汽车向右匀速行驶，且车所受牵引力减小7．两个靠近的天体称为双星，它们以两者连线上某点O为圆心做匀速圆周运动，其质量分别为m1、m2，如图所示，以下说法不正确的是（）A．它们的角速度相同B．线速度与质量成正比C．向心力与质量的乘积成正比D．轨道半径与质量成反比8．如图所示，质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑斜面下滑，B自由下落，最后到达同一水平面，则下列说法不正确的是（）A．整个过程机械能的改变量不同B．重力对两物体做的功相同C．到达底端时重力的瞬时功率P A＜P BD．到达底端时两物体的动能相同，速度大小相等9．一质量为m的物体以某一速度冲上一个倾角为37°的斜面，其运动的加速度的大小为0.9g，这个物体沿斜面上升的最大高度为H，则在这过程中（）A．物体的动能减少了0.9mgHB．物体的重力势能增加了0.9mgHC．物体的动能损失了0.5mgHD．物体的机械能损失了0.5mgH10．如图所示，长为L的轻杆，一端固定着一个小球，另一端可绕光滑的水平轴转动，使小球在竖直平面内运动．设小球在最高点的速度为v，则（）A．v的最小值为B．v若增大，此时所需的向心力将减小C．当v由逐渐增大时，杆对球的弹力也逐渐增大D．当v由逐渐减小时，杆对球的弹力也逐渐减小11．木块A和B置于水平面上，它们的质量分别为m a和m b，与水平面的动摩擦因素都为μ．如图所示当水平力F作用于左端A上，两个物体一起加速运动时，AB间的作用力大小为N1．当同样大小的力F水平作用于右端B上，两物体一起加速运动时，AB间作用力大小为N2，则（）A．N1+N2＞F B．N1+N2＜F C．N1+N2=F D．N1：N2=m a：m b12．质量为m的汽车行驶在平直的公路上，在运动过程中所受阻力不变．当汽车的加速度为a，速度为v时发动机的功率为P1，则当功率恒为P2时，汽车行驶的最大速度为（）A．B．C．D．二、计算题13．某质量为60kg的同学做竖直摸高；他先屈膝下蹲使人的重心下降0.4m，后蹬地起跳，已知他蹬地起跳过程中所用时间为0.4s．求：（1）他蹬地时，地对他的平均作用力；（2）他离地后还能上升多高？14．“神舟六号”载人飞船于2005年10月12日上午9点整在酒泉航天发射场发射升空．由长征运载火箭将飞船送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道上，A点距地面的高度为h1，飞船飞行五圈后进行变轨，进入预定圆轨道，如图所示．在预定圆轨道上飞行N圈所用时间为t，于10月17日凌晨在内蒙古草原成功返回．已知地球表面重力加速度为g，地球半径为R．求：（1）飞船在A点的加速度大小．（2）远地点B距地面的高度．（3）沿着椭圆轨道从A到B的时间．15．如图所示，跨过定滑轮的轻绳两端的物体A和B的质量分别为M和m，物体A在光滑水平面上，B由静止释放，当B沿竖直方向下降h时，这时细绳与水平面的夹角为θ，试求（空气阻力、滑轮的质量和摩擦均不计）（1）此时A的速度大小；（2）B下降h的过程中，绳子拉力所做的功？16．如图所示，光滑曲面轨道AB置于高度为H=1.8m的平台上，其末端切线水平．另有一长木板BC两端分别搁在轨道末端点和水平地面间，构成倾角为θ=37°的斜面，整个装置固定在竖直平面内．一个可视作质点的质量为m=0.1kg的小球，从光滑曲面上由静止开始下滑（不计空气阻力，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）若小球下滑后做平抛运动正好击中木板的末端C，则释放小球的高度h为多大？（2）若小球由曲面静止开始释放的高度h=0.2m，通过B点水平飞出后落到斜面，则斜面上的落点离B点的距离？（3）若小球由曲面静止开始释放的高度h=0.2m，通过B点水平飞出，落到斜面上不谈起，并只保留平行斜面分速度沿着斜面滑下，小球与斜面间的动摩擦因素μ=0.2，则小球滑到C 点时的速度？17．如图所示，为一传送装置，其中AB段粗糙，AB段长为L=0.2m，动摩擦因素μ=0.6，BC、DEN段均可视为光滑，且BC的始、末端均水平，具有h=0.1m的高度差，DEN是半径为r=0.5m的半圆形轨道，其直径DN沿竖直方向，C位于DN竖直线上，CD间的距离恰能让滑块自由通过．在左端竖直墙上固定一轻质弹簧，现有一可视为质点的滑块，滑块质量m1=1.0kg，压缩轻质弹簧至A点后由静止释放（滑块和弹簧不粘连），滑块刚好能沿DEN 轨道滑到木板上，木板静止在光滑水平面MN上，木板质量为m2=4.0kg，若滑块与木板之间的动摩擦因素μ=0.2，滑块恰好不能从木板上滑落，求：（g取10m/s2）（1）小球到达N点时对轨道的压力；（2）压缩的弹簧所具有的弹性势能；（3）滑块在木板上滑动过程，由摩擦产生的热量．附加题1013秋•福州校级期中）如图所示，将质量均为m厚度不计的两物块A、B用轻质弹簧相连接．第一次只用手托着B物块于H高处，A在弹簧弹力的作用下处于静止，现将弹簧锁定，此时弹簧的弹性势能为E p，现由静止释放A、B，B物块着地后速度立即变为0，同时弹簧锁定解除，在随后的过程中B物块恰能离开地面但不继续上升．第二次用手拿着A、B两物块，使得弹簧竖直并处于原长状态，此时物块B离地面的距离也为H，然后由静止同时释放A、B，B物块着地后速度同样立即变为0．求：（1）第二次释放A、B后，A上升至弹簧恢复原长时的速度υ1；（2）第二次释放A、B后，B刚要离地时A的速度υ2．2017-2018学年福建省福州市格致中学高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单选题1．有一个惊险的杂技节目叫“飞车走壁”，杂技演员骑摩托车先在如图所示的大型圆筒底部作速度较小、半径较小的圆周运动，通过逐步加速，圆周运动的半径逐步增大，最后能以较大的速度在竖直的壁上作匀速圆周运动，这时使车子和人整体作匀速圆周运动的向心力是（）A．圆筒壁对车的静摩擦力B．筒壁对车的弹力C．摩托车本身的动力D．重力和摩擦力的合力考点：向心力；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：匀速圆周运动的向心力由合力提供，根据车子和人的受力确定向心力的来源．解答：解：车子和人整体在竖直壁上做匀速圆周运动，在竖直方向上受重力和摩擦力，在水平方向上受桶壁对车的弹力，靠弹力提供向心力．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道向心力的来源，知道匀速圆周运动靠合力提供向心力．2．a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B．20秒时，a、b两物体相距最远C．60秒时，物体a在物体b的前方D．40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m考点：匀变速直线运动的图像．分析：v﹣t 图象中，图象的斜率表示加速度；图线和时间轴所夹图形的面积表示物体位移；当两物体的速度相等时，其距离最大．解答：解：A、由图象可以看出，物体a在加速时，速度图象的斜率小于物体b加速时的图象斜率，故加速时，物体b的加速度要大，选项A错误；B、在40秒时，a、b两物体的速度相等，此时两物体的相距最远，故选项B错误；C：在60秒时，经计算，物体a的位移是：S a=2100m，物体b的位移是：S b=1600m，S a＞S b，所以物体a在物体b的方，故选项C正确；D：在40秒时，经计算，物体a的位移是：S a=1300m，物体b的位移是：S b=400m，S a﹣S b=900m，故选项D错误．故选：C．点评：利用图象解题是高中学生必须掌握的方法之一，尤其是速度﹣时间图象．在分析速度﹣时间图象时，有的同学往往错误的认为图线交时相遇，而此时却是距离最大的时刻．在解决追击与相遇问题时，常常应用图象进行分析．3．一光滑球夹在坚直墙壁与放在水平面上的楔形木块间，处于静止，若对光滑球施加一个方向坚直向下的力F，如图所示，整个装置仍处于静止，则与施力F前相比较，下面说法中正确的是（）A．墙对球的弹力不变B．水平面对楔形木块的弹力增大C．楔形木块对球的弹力不变D．水平面对楔形木块的摩擦力不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先以小球为研究对象，分析受力，根据平衡条件分析墙对球的弹力、楔形木块对球的弹力的变化，再以整体为研究对象，分析受力，由平衡条件分析地面对楔形木块的弹力和摩擦力的变化．解答：解：以小球为研究对象，受力如图，由平衡条件得到墙对球的弹力F1=（F+G B）tanθ，当F增大时，F1增大．楔形木块对球的作用力F2=F1sinθ，F1增大，则F2增大．再以整体为研究对象，受力如图．则有地面对楔形木块的弹力N=G A+G B+F，则N增大．地面对楔形木块的摩擦力f=F1，则地面对楔形木块的摩擦力f增大，故B正确，ACD错误．故选：B点评：本题采用隔离法和整体法相结合的方法研究动态变化问题，分析受力，作出力图是解题的关键．4．如图所示，一质点从M点沿曲线运动到N点，当它通过b点时，其速度v与加速度a 方向的关系可能正确的是（）A．B．C．D．考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：根据曲线运动中质点的速度方向是轨迹的切线方向、加速度方向指向轨迹的内侧分析选择．解答：解：B、D、曲线运动需要向心加速度，故加速度指向曲线的内侧，故B错误，D 错误；A、C、图中速度方向沿轨迹的切线方向，加速度指向轨迹的内侧，符合实际，故A正确，C正确；故选AC．点评：本题对曲线运动速度方向和加速度方向的理解能力．可根据牛顿定律理解加速度的方向．5．据报道，我国数据中继卫星“天链一号01星”于2008年4月25日在西昌卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控制后，于5月l日成功定点在东经77°赤道上空的同步轨道．关于成功定点后的“天链一号01卫星”，下列说法正确的是（）A．运行速度大于7.9km/sB．离地面高度一定C．绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度小D．向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出表示出线速度的大小．知道7.9 km/s为第一宇宙速度．了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球相同．根据向心加速度的表达式找出向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小关系．解答：解：A、由万有引力提供向心力得：得：v=，线速度v随轨道半径r的增大而减小，v=7.9 km/s为第一宇宙速度，即围绕地球表面运行的速度，因同步卫星轨道半径比地球半径大很多，因此其线速度应小于7.9 km/s，故A错误；B．同步卫星和赤道上的物体具有相同的角速度，所以卫星相对地面静止，离地面高度增相同；故B正确；C．根据可知：轨道半径越大，角速度越小．同步卫星的轨道半径小于月球绕地球的轨道半径，所以同步卫星绕地球运行的角速度大于月球绕地球运行的角速度．故C错误；D．同步卫星的角速度与赤道上物体的角速度相等，根据a=rω2，同步卫星的向心加速度大于赤道上物体的向心加速度．故D错误．故选：B．点评：本题考查人造卫星的运行规律；了解第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．要比较一个物理量大小，我们可以把这个物理量先表示出来，在进行比较．6．如图所示，一辆向右行驶的汽车将一重物A匀速提起，在此过程中，说法正确的是（）A．汽车向右减速行驶，且车所受地面的支持力增大B．汽车向右减速行驶，且所受地面摩擦力不变C．汽车向右匀速行驶，且所受地面摩擦力不变D．汽车向右匀速行驶，且车所受牵引力减小考点：运动的合成和分解；功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：小车参与两个分运动，沿绳子方向和垂直绳子方向的两个分运动，由于绳子长度一定，故物体下降的速度等于小车沿绳子方向的分速度．解答：解：小车参与两个分运动，沿绳子拉伸方向和垂直绳子方向（绕滑轮转动）的两个分运动，将小车合速度正交分解，如图所示：物体上升速度等于小车沿绳子拉伸方向的分速度为：v A=v1=vcosα小车的速度：小车向右运动的过程中始终与水平方向之间的夹角减小，则cosα增大，小车的速度减小，所以小车向右做减速运动；度小车进行受力分析如图：则竖直方向车受到的支持力：N=mg﹣T•sinα，N随α的减小而增大．水平方向：a=F﹣Tcosα﹣f，由于不知道牵引力的变化，所以不能判断出摩擦力的变化．故A正确，BCD错误．故选：A．点评：关键要找出合运动和分运动，然后正交分解，求出分速度，掌握力的矢量合成法则，并注意三角函数的应用．7．两个靠近的天体称为双星，它们以两者连线上某点O为圆心做匀速圆周运动，其质量分别为m1、m2，如图所示，以下说法不正确的是（）A．它们的角速度相同B．线速度与质量成正比C．向心力与质量的乘积成正比D．轨道半径与质量成反比考点：万有引力定律及其应用；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：在双星系统中，双星之间的万有引力提供各自做圆周运动的向心力，即向心力相同，同时注意：它们的角速度相同，然后根据向心力公式列方程即可求解．解答：解：A、在双星问题中它们的角速度相等，故A正确．D、设两星之间的距离为L，则根据玩引力提供向心力：…①…②联立①②可得：m1r1=m2r2，即轨道半径和质量成反比，故D正确．B、根据v=ωr可知，线速度与轨道半径成正比，故线速度与质量成反比，故B错误．C、同时由万有引力公式可知向心力与质量的乘积成正比，故C正确．本题选择不正确的．故选：B点评：解决问题时要把握好问题的切入点．如双星问题中两卫星的向心力相同，角速度相等．8．如图所示，质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑斜面下滑，B自由下落，最后到达同一水平面，则下列说法不正确的是（）A．整个过程机械能的改变量不同B．重力对两物体做的功相同C．到达底端时重力的瞬时功率P A＜P BD．到达底端时两物体的动能相同，速度大小相等考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑斜面下滑，而B自由下落，到达同一水平面．重力势能全转变为动能，重力的平均功率是由重力作功与时间的比值，而重力的瞬时功率则是重力与重力方向的速率乘积．解答：解：A、A沿固定在地面上的光滑斜面下滑，B自由下落，整个过程物体机械能都守恒，所以整个过程机械能的改变量相同，故A错误；B、两物体质量相m同，初末位置的高度差h相同，重力做的功W=mgh相同，故B正确；C、由于质量相等，高度变化相同，所以到达底端时两物体的动能相同，速度大小相同，但速度方向不同，到达底端时两物体的速率相同，重力也相同，但A物体重力方向与速度有夹角，所以到达底端时重力的瞬时功率不相同，P A＜P B，故CD正确，本题选不正确的，故选：A．点评：重力做功决定重力势能的变化与否，若做正功，则重力势能减少；若做负功，则重力势能增加．而重力的平均功率与瞬时功率的区别是：平均功率是做功与时间的比值，瞬时功率是力与速度在力的方向上的速度乘积．9．一质量为m的物体以某一速度冲上一个倾角为37°的斜面，其运动的加速度的大小为0.9g，这个物体沿斜面上升的最大高度为H，则在这过程中（）A．物体的动能减少了0.9mgHB．物体的重力势能增加了0.9mgHC．物体的动能损失了0.5mgHD．物体的机械能损失了0.5mgH考点：功能关系．分析：动能变化等于合外力的总功；重力势能的增加量等于克服重力做的功；机械能变化量等于除重力外其余力做的功．解答：解：AC、物体上滑过程，根据牛顿第二定律，得合外力大小为F合=ma=0.9mg，根据动能定理得：△E k=﹣F合=﹣1.5mgH，故物体的动能减少了1.5mgH，故AC错误．B、重力势能的增加量等于克服重力做的功，故重力势能增加了mgH，故B错误；D、物体上滑过程，根据牛顿第二定律，有：mgsin37°+f=ma，解得摩擦力大小f=0.3mg；物体的机械能损失等于克服摩擦力做的功，故物体的机械能损失为：△E=f=0.5mgH，故D正确；故选：D点评：本题关键根据功能关系的各种具体形式得到重力势能变化、动能变化和机械能变化．重力势能变化与重力做功有关；动能的变化与合力做功有关；机械能的变化与除重力以外的力做功有关．10．如图所示，长为L的轻杆，一端固定着一个小球，另一端可绕光滑的水平轴转动，使小球在竖直平面内运动．设小球在最高点的速度为v，则（）A．v的最小值为B．v若增大，此时所需的向心力将减小C．当v由逐渐增大时，杆对球的弹力也逐渐增大D．当v由逐渐减小时，杆对球的弹力也逐渐减小考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：小球在竖直平面内作圆周运动，在最高点时，由于杆能支撑小球，小球速度的极小值为零；根据向心力公式F n=m分析速度增大时，向心力如何变化；当v=时，杆对球没有作用力，v由逐渐增大时，杆对球有向下的拉力；v由逐渐减小时，杆对球有向上的支持力，根据牛顿第二定律分析杆对球的弹力的变化情况．解答：解：A、由于杆能支撑小球，因此v的极小值为零．故A错误．B、根据向心力公式F n=m知，速度逐渐增大，向心力也逐渐增大．故B正确．C、当v=时，杆对球没有作用力，v由逐渐增大，杆对球有向下的拉力，根据牛顿第二定律得：F+mg=m，得F=m﹣mg，可见，v增大，F增大．故C正确．D、v由逐渐减小时，杆对球有向上的支持力，有mg﹣F=m，解得F=mg﹣m，速度减小，则杆子的弹力增大．故D错误．故选：C．点评：此题是轻杆模型，要掌握两个临界速度：一、小球恰好到达最高点的临界速度是零；二、杆对球没有弹力的临界速度v=．根据牛顿第二定律分析弹力随速度的变化情况．11．木块A和B置于水平面上，它们的质量分别为m a和m b，与水平面的动摩擦因素都为μ．如图所示当水平力F作用于左端A上，两个物体一起加速运动时，AB间的作用力大小为N1．当同样大小的力F水平作用于右端B上，两物体一起加速运动时，AB间作用力大小为N2，则（）A．N1+N2＞F B．N1+N2＜F C．N1+N2=F D．N1：N2=m a：m b考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对整体分析求出加速度的大小，再隔离分析求出A、B间的作用力大小，从而求出作用力之和和作用力的比值解答：解：对左图，整体的加速度，隔离对B分析，．对右图，整体的加速度，隔离对A分析，．可知两次物体运动的加速度大小相等．N1+N2=F，N1：N2=m B：m A．故C正确，ABD错误．故选：C点评：本题考查了牛顿第二定律的运用，关键掌握整体法和隔离法的使用，先整体求加速度，再隔离求出相互的作用力12．质量为m的汽车行驶在平直的公路上，在运动过程中所受阻力不变．当汽车的加速度为a，速度为v时发动机的功率为P1，则当功率恒为P2时，汽车行驶的最大速度为（）A．B．C．D．考点：功率、平均功率和瞬时功率．分析：对汽车受力分析，由牛顿第二定律，可以求得汽车运动过程中的受到的阻力的作用，再由P=Fv=fv可以求得汽车的最大速度．解答：解：对汽车受力分析，设受到的阻力的大小为f，由牛顿第二定律可得，F﹣f=ma，所以F=f+ma，所以功率P1=Fv=（f+ma）v，解得f=﹣ma，当功率恒为P2时，设最大速度为v′，则P2=F′v′=fv′，所以v′==，所以B正确．故选B．点评：汽车在运动的过程中受到的阻力的大小不变，当达到最大速度时，汽车的牵引力的大小和阻力的大小相等，这是解本题的关键．二、计算题13．某质量为60kg的同学做竖直摸高；他先屈膝下蹲使人的重心下降0.4m，后蹬地起跳，已知他蹬地起跳过程中所用时间为0.4s．求：（1）他蹬地时，地对他的平均作用力；（2）他离地后还能上升多高？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由运动学公式求出起跳时的加速度，然后由牛顿第二定律求出蹬地的作用力．（2）人离地后做竖直上抛运动，由速度位移公式可以求出上升的高度解答：解：（1）人蹬地向上起跳时，由匀变速运动的位移公式，得：s=at2，代入数据解得：a=5m/s2，由牛顿第二定律得：F﹣mg=ma，解得平均作用力为：F=900N；（2）人离开地面时的速度：v=at=5×0.4m/s=2m/s，人离地后做竖直上抛运动，上升的高度为：h==0.2m；答：（1）他蹬地的平均作用力为900N；（2）他离地后还能上升0.2m高．点评：本题考查了求作用力、上升高度等问题，应用匀变速运动的速度公式、速度位移公式、牛顿第二定律即可正确解题。
福建省福州文博中学高三上学期期中考试物理试题(无答
命题人：蒋彩真 审核人：刘昊（完卷时间：90分钟，总分：100分）一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题4分，共40分）1、物体静止于一斜面上，如图所示，则下述说法正确的是：A ．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一平衡力B ．物体对斜面的摩擦力斜面对物体的摩擦力是一对作用力反作用力C ．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对作用力反作用力D ．物体所受的重力可以分解为沿斜面向下的力和对斜面的压力2、将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v –t 图像如图所示。
以下判断正确的是A ．前3 s 内货物处于失重状态B ．最后2 s 内货物只受重力作用C ．前3 s 内与最后2 s 内货物的平均速度相同D ．第3 s 末至第5 s 末的过程中，货物的机械能守恒3、一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O 点为其球心，碗的内表面及碗口是光滑的.一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m 1和m 2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为m 1的小球与O 点的连线与水平线的夹角为α=60°.两小球的质量比为 A ． B ． C ． D ．4、我国发射的神州十号载人宇宙飞船的周期约为90min ，如果把它绕地球的运动看作是匀速圆周运动，飞船的运动和人造地球同步卫星的运动相比，下列判断中正确的是 A ．飞船的轨道半径大于同步卫星的轨道半径B ．飞船的运行速度大于同步卫星的运行速度C ．飞船运动的向心加速度小于同步卫星运动的向心加速度D ．飞船运动的角速度小于同步卫星的角速度5、如图，绳子的一端固定在O 点，另一端拴一重物在水平面上做匀速圆周运动A ．转速相同时，绳短的容易断B ．周期相同时，绳短的容易断C ．线速度大小相等时，绳短的容易断D ．角速度大小相等时，绳短的容易断6、如图所示，虚线表示某电场的等势面。
一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示。
福建省福州文博中学2017-2018学年高三10月月考物理试题 Word版无答案
2017-2018学年上学期物理第二次月考试题一、选择题：本题共10小题，每题4分，1-6题为单选题，7-10题为多项选择题。
1．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度－时间图象如右图所示．在0～t 2时间内，下列说法中正确的是( )A ．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B ．在第一次相遇之前，t 1时刻两物体相距最远C ．t 2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是v 1＋v 222. 如图所示，斜面小车M 静止在光滑水平面上，M 左边紧贴墙壁，若在M 斜面上放一个物体m ，当m 沿着M 的斜面下滑时，M 始终静止不动，则M 受力个数可能为 ()A. 4个或5个B. 5个或6个C. 3个或4个D. 4个或6个3．如图所示，甲、乙两水平圆盘紧靠在一块，甲圆盘为主动轮，乙靠摩擦随甲转动无滑动．甲圆盘与乙圆盘的半径之比为r 甲∶r 乙＝3∶1，两圆盘和小物体m 1、m 2之间的动摩擦因数相同，m 1距O 点为2r ，m 2距O ′点为r ，当甲缓慢转动起来且转速慢慢增加时( )．A ．滑动前m 1与m 2的角速度之比ω1∶ω2＝3∶1B ．滑动前m 1与m 2的向心加速度之比a 1∶a 2＝1∶3C ．随转速慢慢增加，m 1先开始滑动D ．随转速慢慢增加，m 2先开始滑动4．如图所示，一位同学做飞镖游戏，已知圆盘的直径为d ，飞镖距圆盘为L ，且对准圆盘上边缘的A 点水平抛出，初速度为v 0，飞镖抛出的同时，圆盘以垂直圆盘过盘心O 的水平轴匀速运动，角速度为ω.若飞镖恰好击中A 点，则下列关系正确的是( )．A ．dv 20＝L 2gB ．ωL ＝π(1＋2n )v 0，(n ＝0,1,2,3，…)C ．v 0＝ωd2D ．d ω2＝g π2(1＋2n )2，(n ＝0,1,2,3，…)5．一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，动能减小为原来的14，不考虑卫星质量的变化，则变轨前后卫星的( )．A ．向心加速度大小之比为4∶1B ．角速度之比为2∶1C ．周期之比为1∶8D ．轨道半径之比为1∶26．用铁锤把小铁钉钉入木板，设木板对钉子的阻力与钉进木板的深度成正比，已知铁锤第一次将钉子钉进d ，如果铁锤第二次敲钉子时对钉子做的功与第一次相同，那么，第二次钉子进入木板的深度是( )A ．(3－1) dB ．(2－1)d C.5－12dD.22d 7．如图所示，相距l 的两小球A 、B 位于同一高度h (l 、h 均为定值)．将A 向B 水平抛出的同时，B 自由下落．A 、B 与地面碰撞前后，水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反．不计空气阻力及小球与地面碰撞的时间，则( )．A ．A 、B 在第一次落地前能否相碰，取决于A 的初速度 B ．A 、B 在第一次落地前若不碰，此后就不会相碰C ．A 、B 不可能运动到最高处相碰D ．A 、B 一定能相碰8.如图所示，物块A 放在直角三角形斜面体B 上面，B 放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A 、B 静止。
2017-2018学年福建省福州三中高三(上)期中物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年福建省福州三中高三（上）期中物理试卷一、单项选择题（共8小题，每小题4分，共32分）1．如图所示，光滑水平面上两小车中间夹一压缩了的轻弹簧，两手分别按住小车，使它们静止，对两车及弹簧组成的系统，下列说法中不正确的是（）A．两手同时放开后，系统总动量始终为零B．先放开左手、再放开右手以后，系统动量不守恒C．先放开左手，再放开右手，总动量向左D．无论何时放手，只要两手放开后在弹簧恢复原长的过程中系统总动量都保持不变，但系统的总动量不一定为零2．质量M=327kg的小型火箭（含燃料）由静止发射，发射时共喷出质量m=27kg的气体，设喷出的气体相对地面的速度均为V=100m/s．忽略地球引力和空气阻力的影响，则气体全部喷出后，火箭的速度大小为（）A．7.6m/s B．8.2m/s C．9.0m/s D．9.9m/s3．下列说法中正确的是（）A．查德威克通过实验发现了中子的核反应方程为：He+N→O+HB．放射性元素的半衰期与原子所处的物理状态或化学状态有关C．α射线是原子核发生衰变时放射出得氦核流，它的电离作用非常弱D．卢瑟福α粒子散射实验的结果证明了原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在一个很小的核上4．氦原子被电离一个核外电子，形成类氢结构的氦离子．已知基态的氦离子能量为E1=﹣54.4eV，氦离子能级的示意图如图所示．在具有下列能量的光子中，不能被基态氦离子吸收而发生跃迁的是（）A．40.8eV B．43.2eV C．51.0eV D．54.4eV5．如图所示，在火星与木星轨道之间有一小行星带．假设该带中的小行星只受到太阳的引力，并绕太阳做匀速圆周运动．下列说法正确的是（）A．太阳对各小行星的引力相同B．各小行星绕太阳运动的周期均小于一年C．小行星带内侧小行星的向心加速度大于外侧小行星的向心加速度值D．小行星带内各小行星圆周运动的线速度值大于地球公转的线速度值6．如图所示，将一物体从倾角为θ的固定斜面顶端以初速度v0沿水平方向抛出，物体与斜面接触时速度与斜面之间的夹角为α1．若只将物体抛出的初速度变成v0，其他条件不变，物体与斜面接触时速度与斜面之间的夹角为α2，则下列关于α1与α2的关系正确的是（）A．α2=α1B．α2=α1C．tan α2=tan α1D．tan α2=2tan α17．两固定长杆上分别套A、B两圆环，两环上分别用轻质细线悬吊着两物体C、D，如图所示，当环沿长杆向下滑动时，物体与环保持相对静止，图甲中细线始终与杆垂直，图乙中细线始终在竖直方向上，则（）A．A环做的是匀速运动B．B环做的是匀速运动C．A环与物体C组成的系统机械能可能不守恒D．B环与物体D组成的系统机械能可能守恒8．质量相等的两木块A、B用一轻弹簧栓接，静置于水平地面上，如图（a）所示．现用一竖直向上的力F拉动木块A，使木块A向上做匀加速直线运动，如图（b）所示．从木块A 开始做匀加速直线运动到木块B将要离开地面时的这一过程，下列说法正确的是（设此过程弹簧始终处于弹性限度内）（）A．力F一直增大B．弹簧的弹性势能一直减小C．木块A的动能和重力势能之和先增大后减小D．两木块A、B和轻弹簧组成的系统的机械能先增大后减小二、实验题（2小题，每空3分，共15分）9．如图1所示为“探究加速度与物体受力与质量的关系”实验装置图．图中A为小车，B为装有砝码的小桶，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50H Z交流电．小车的质量为m1，小桶（及砝码）的质量为m2．（1）下列说法正确的是．A．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B．实验时应先释放小车后接通电源C．本实验m2应远大于m1D．在用图象探究加速度与质量关系时，应作a﹣图象（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a﹣F图象，可能是图2中的图线．（选填“甲”、“乙”、“丙”）10．如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力和速度．（1）所需器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需（填字母代号）中的器材．A．直流电源、天平及砝码B．直流电源、毫米刻度尺C．交流电源、天平及砝码D．交流电源、毫米刻度尺（2）通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度．为使图线的斜率等于重力加速度，除作v﹣t图象外，还可作图象，其纵轴表示的是，横轴表示的是．三、计算题（5小题，共53分，应写出必要的文字说明，只写最后答案不得分）11．以40m/s的初速度竖直上抛一小球，经2s后再以相同的初速度在同一点竖直上抛另一小球，求：（g=10m/s2）（1）第一个经过多长时间与第二个球相碰；（2）相碰点到抛出点的距离．12．如图所示，质量M=2kg的木块套在水平杆上，并用轻绳将木块与质量m=kg的小球相连．今用跟水平方向成α=30°角的力F=10N拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取g=10m/s2．求：（1）木块与水平杆间的动摩擦因数为μ；（2）运动过程中轻绳与水平方向夹角θ．13．如图所示，有一水平传送带匀速向左运动，某时刻将一质量为m的小煤块（可视为质点）放到长为L的传送带的中点．它与传送带间的动摩擦因数为u：（1）求小煤块刚开始运动时受到的摩擦力的大小和方向；（2）若小煤块留在传送带上的印记长度恰好为，求传送带的速度V．14．一个光滑的圆锥体固定在水平桌面上，其轴线沿竖直方向，母线与轴线之间的夹角θ=30°，如图所示，一条长度为l的轻绳，一端的位置固定在圆锥体的顶点O处，另一端拴着着一个质量为m的小物体（可视为质点）．物体以速率υ绕圆锥体的轴线做水平匀速圆周运动．则：①当时，绳的拉力大小为多少？②当时，绳的拉力大小为多少？15．如图所示，粗糙的斜面AB下端与光滑的圆弧轨道BCD相切与B，整个装置竖直放置，C是最低点，圆心角∠BOC=θ=37°，D与圆心O等高．圆弧轨道半径R=0.5m，斜面长L=2m．整个轨道除AB段以外都是光滑的．现有一个质量m=0.1kg的小物体以初速度v0=4m/s，从某一高处水平抛出，到A点时速度方向恰沿AB方向，并沿倾斜轨道滑下．已知物块与倾斜轨道的动摩擦因数μ=0.5．（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物块的抛出点和A点的高度差；（2）小物块第一次通过B、D点时的速度；（3）物体第一次离开D点从空中又返回到圆轨道和斜面，在往复运动的过程中，物块通过C点处，轨道对物块的最小压力为多大？2017-2018学年福建省福州三中高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共8小题，每小题4分，共32分）1．如图所示，光滑水平面上两小车中间夹一压缩了的轻弹簧，两手分别按住小车，使它们静止，对两车及弹簧组成的系统，下列说法中不正确的是（）A．两手同时放开后，系统总动量始终为零B．先放开左手、再放开右手以后，系统动量不守恒C．先放开左手，再放开右手，总动量向左D．无论何时放手，只要两手放开后在弹簧恢复原长的过程中系统总动量都保持不变，但系统的总动量不一定为零考点：动量守恒定律．分析：若先放开右边的车，后放开左边的车，放开左车时，右车已经有向右的速度，系统的初动量不为零，两车的总动量向右；在两手同时放开后，水平方向无外力作用，只有弹簧的弹力（内力），故动量守恒，动量是矢量，有大小和方向．解答：解：A、当两手同时放开时，系统的合外力为零，所以系统的动量守恒，又因为开始时总动量为零，故系统总动量始终为零，故A正确；B、C、先放开左手，左边的小车就向左运动，当再放开右手后，系统所受合外力为零，故系统的动量守恒，且开始时总动量方向向左，放开右手后总动量方向也向左，故B错误，C 正确；D、两手放开后在弹簧恢复原长的过程中系统总动量都保持不变，与何时放手无关，但系统的总动量不一定为零．故D正确．本题选择不正确的，故选：B．点评：本题主要考查了动量守恒的条件，知道系统所受合外力为零时，系统动量守恒，难度不大，属于基础题．2．质量M=327kg的小型火箭（含燃料）由静止发射，发射时共喷出质量m=27kg的气体，设喷出的气体相对地面的速度均为V=100m/s．忽略地球引力和空气阻力的影响，则气体全部喷出后，火箭的速度大小为（）A．7.6m/s B．8.2m/s C．9.0m/s D．9.9m/s考点：动量守恒定律．分析：以火箭为研究对象，由动量守恒定律可以求出火箭的速度．解答：解：发生火箭过程系统动量守恒，以向下为正方向，由动量守恒定律得：（M﹣m）v′+mv=0，代入数据解得火箭速度：v′=﹣9m/s，负号表示方向向上；故选：C．点评：在发射火箭过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律即可正确解题，解题时注意正方向的选择．3．下列说法中正确的是（）A．查德威克通过实验发现了中子的核反应方程为：He+N→O+HB．放射性元素的半衰期与原子所处的物理状态或化学状态有关C．α射线是原子核发生衰变时放射出得氦核流，它的电离作用非常弱D．卢瑟福α粒子散射实验的结果证明了原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在一个很小的核上考点：物理学史．分析：德威克发现中子的核反应用α粒子轰击铍核，产生C和中子．半衰期与外界环境无关，α射线是原子核发生衰变时放射出的氦核流，他的电离作用很强；卢瑟福α粒子散射实验的结果证明了原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在一个很小的核上．解答：解：A、查德威克发现中子的核反应是：Be+He→C+n，故A错误；B、半衰期与原子核本身有关，与外界因素无关，故B错误；C、α射线是原子核发生衰变时放射出的氦核流，他的电离作用很强．故C错误．D、卢瑟福α粒子散射实验的结果证明了原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在一个很小的核上，故D正确；故选：D．点评：本题考查的内容较简单，属于识记层次，要解决此类问题需要加强基本知识的记忆与积累．4．氦原子被电离一个核外电子，形成类氢结构的氦离子．已知基态的氦离子能量为E1=﹣54.4eV，氦离子能级的示意图如图所示．在具有下列能量的光子中，不能被基态氦离子吸收而发生跃迁的是（）A．40.8eV B．43.2eV C．51.0eV D．54.4eV考点：氢原子的能级公式和跃迁．分析：当光子的能量和某两个能级之间的能量差相等时才能被吸收，即体现能量的量子化．解答：解：根据量子理论可以知道，处于基态的离子在吸收光子能量时是成份吸收的，不能积累的．因此当其它能级和基态能量差和光子能量相等时，该光子才能被吸收．A、由能级示意图可知：第2能级和基态能级差为：△E1=E2﹣E1=﹣13.6﹣（﹣54.4）=40.8eV，故A选项中光子能量能被吸收，故A错误；B、没有能级之间的能量差和B中光子能量相等，故B正确；C、第4能级和基态能级差为：△E2=E4﹣E1=﹣3.4﹣（﹣54.4）=51.0eV；故C选项中光子能量能被吸收，故C错误；D、当光子能量大于等于基态能量时，将被处于基态离子吸收并能使其电离，故选项D中的光子能量能被吸收，故D错误故选B．点评：轨道量子化和能量量子化是量子力学的基础，是近代物理学的巨大飞跃，学生要能通过简单的计算理解其意义．5．如图所示，在火星与木星轨道之间有一小行星带．假设该带中的小行星只受到太阳的引力，并绕太阳做匀速圆周运动．下列说法正确的是（）A．太阳对各小行星的引力相同B．各小行星绕太阳运动的周期均小于一年C．小行星带内侧小行星的向心加速度大于外侧小行星的向心加速度值D．小行星带内各小行星圆周运动的线速度值大于地球公转的线速度值考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：研究卫星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出周期、加速度、向心力等物理量．根据轨道半径的关系判断各物理量的大小关系．解答：解：A、由于各小行星的质量不同，所以太阳对各小行星的引力可能不同，故A错误；B、根据万有引力提供向心力得：=T=2π离太阳越远，周期越大，所以各小行星绕太阳运动的周期大于地球的公转周期，故B错误；C、根据万有引力提供向心力得：=maa=，所以小行星带内侧小行星的向心加速度大于外侧小行星的向心加速度值，故C正确；D、根据万有引力提供向心力得：=mv=所以小行星带内各小行星圆周运动的线速度值小于地球公转的线速度值，故D错误．故选：C．点评：比较一个物理量，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行比较．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．6．如图所示，将一物体从倾角为θ的固定斜面顶端以初速度v0沿水平方向抛出，物体与斜面接触时速度与斜面之间的夹角为α1．若只将物体抛出的初速度变成v0，其他条件不变，物体与斜面接触时速度与斜面之间的夹角为α2，则下列关于α1与α2的关系正确的是（）A．α2=α1B．α2=α1C．tan α2=tan α1D．tan α2=2tan α1考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：物体做平抛运动，某一时刻的速度方向与水平方向的夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的两倍，抓住物体落在斜面上位移与水平方向的夹角不变进行分析．解答：解：设某个时刻速度与水平方向的夹角为θ，位移与水平方向的夹角为α，有，．知tanθ=2tanα．知小球落在斜面上位移与水平方向的夹角不变，则速度与水平方向的夹角也不变，物体与斜面接触时速度与斜面之间的夹角等于速度与水平方向夹角和位移与水平方向夹角之差，则知α2=α1．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及平抛运动的推论．7．两固定长杆上分别套A、B两圆环，两环上分别用轻质细线悬吊着两物体C、D，如图所示，当环沿长杆向下滑动时，物体与环保持相对静止，图甲中细线始终与杆垂直，图乙中细线始终在竖直方向上，则（）A．A环做的是匀速运动B．B环做的是匀速运动C．A环与物体C组成的系统机械能可能不守恒D．B环与物体D组成的系统机械能可能守恒考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：分别对A、C受力分析，由于两个球加速度相同，根据牛顿第二定律列式分析可以求出摩擦力，再判断其机械能是否守恒；先对D受力分析，结合运动情况判断出D做匀速运动，再对B受力分析．根据B环的受力情况，判断B环与物体D组成的系统机械能是否守恒．解答：解：A、C假设A环与杆间的摩擦力为f，对A环受力分析，受重力、拉力、支持力，假设有向后的摩擦力f，如图，根据牛顿第二定律，有运动方向：m A gsinθ﹣f=m A a ①对C，同样有m C gsinθ=m C a ②由①②两式，解得f=0a=gsinθ即得到A不受摩擦力作用，AC一起做匀加速运动，所以AC的机械能一定守恒．故A、C 均错误．B、D、对D球受力分析，受重力和拉力，由于做直线运动，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动；再对B求受力分析，如图，受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有向沿斜面向上的摩擦力，所以B环与物体D组成的系统机械能不守恒．故B正确，D错误；故选B点评：本题关键要结合运动情况判断物体的受力情况，再结合受力情况判断物体的机械能是否守恒．8．质量相等的两木块A、B用一轻弹簧栓接，静置于水平地面上，如图（a）所示．现用一竖直向上的力F拉动木块A，使木块A向上做匀加速直线运动，如图（b）所示．从木块A 开始做匀加速直线运动到木块B将要离开地面时的这一过程，下列说法正确的是（设此过程弹簧始终处于弹性限度内）（）A．力F一直增大B．弹簧的弹性势能一直减小C．木块A的动能和重力势能之和先增大后减小D．两木块A、B和轻弹簧组成的系统的机械能先增大后减小考点：机械能守恒定律；动能定理的应用．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：A压着弹簧处于静止状态，当力F作用在A上，使其向上匀加速直线运动，导致弹簧的弹力发生变化，则力F也跟着变化，但物体A的合力却不变．在A上升过程中，弹簧从压缩到伸长，所以弹簧的弹性势能先减小后增大．在上升过程中由于除重力与弹力做功外，还有拉力做功，所以系统的机械能与弹簧的弹性势能之和增加，从而可根据弹簧的弹性势能来确定木块的机械能如何变化，以及系统的机械能如何变化．解答：解：A、最初弹簧被压缩，A物体受到竖直向上的弹力等于重力，由于A物体做匀加速直线运动，对A受力分析，列出牛顿第二定律解出对应的表达式；当B物体要离开地面时地面的支持力为零，弹簧对B物体向上的拉力等于B物体的重力，即弹簧对A物体向下的拉力等于B的重力，再列出牛顿第二定律即可解出此所需的拉力F大小．得出拉力一直增大，故A正确；B、在A上升过程中，弹簧从压缩到伸长，所以弹簧的弹性势能先减小后增大，故B错误；C、在上升过程中由于物体A做匀加速运动，所以物体A的速度增大，高度升高，则木块A 的动能和重力势能之和增大，故C错误；D、在上升过程中，除重力与弹力做功外，还有拉力做正功，所以两木块A、B和轻弹簧组成的系统的机械能一直增大．故D错误；故选A．点评：考查牛顿第二定律、机械能守恒定律的条件、弹力做功与弹性势能的变化关系．可知当除重力或弹力以外的力做功，若做正功，则机械能增加；若做负功，则机械能减小．二、实验题（2小题，每空3分，共15分）9．如图1所示为“探究加速度与物体受力与质量的关系”实验装置图．图中A为小车，B为装有砝码的小桶，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50H Z交流电．小车的质量为m1，小桶（及砝码）的质量为m2．（1）下列说法正确的是D．A．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B．实验时应先释放小车后接通电源C．本实验m2应远大于m1D．在用图象探究加速度与质量关系时，应作a﹣图象（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a﹣F图象，可能是图2中的图线丙．（选填“甲”、“乙”、“丙”）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：（1）实验时需要提前做的工作有两个：①平衡摩擦力，且每次改变小车质量时，不用重新平衡摩擦力，因为f=mgsinθ=μmgcosθ，m约掉了．②让小车的质量M远远大于小桶（及砝码）的质量m，因为：际上绳子的拉力F=Ma=mg，故应该是m＜＜M，而当m不再远远小于M时a==随m的增大物体的加速度逐渐减小且无限趋近于g．（2）如果没有平衡摩擦力的话，就会出现当有拉力时，物体不动的情况．解答：解：（1）A：平衡摩擦力，假设木板倾角为θ，则有：f=mgsinθ=μmgcosθ，m约掉了，故不需要重新平衡摩擦力．故A错误．B：实验时应先接通电源后释放小车，故B错误．C：让小车的质量M远远大于小桶（及砝码）的质量m，因为：际上绳子的拉力F=Ma=mg，故应该是m＜＜M，而当m不再远远小于M时a==随m的增大物体的加速度逐渐减小且无限趋近于g，故C错误．D：F=ma，所以：a=，当F一定时，a与成正比，故D正确．（2）遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况．故图线为丙．故答案为：（1）D；（2）丙点评：会根据实验原理分析分析为什么要平衡摩擦力和让小车的质量M远远大于小桶（及砝码）的质量m，且会根据原理分析实验误差．10．如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力和速度．（1）所需器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需D（填字母代号）中的器材．A．直流电源、天平及砝码B．直流电源、毫米刻度尺C．交流电源、天平及砝码D．交流电源、毫米刻度尺（2）通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度．为使图线的斜率等于重力加速度，除作v﹣t图象外，还可作﹣h图象，其纵轴表示的是速度平方的二分之一，横轴表示的是重物下落的高度．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：根据用打点计时器测重力加速度的原理，和实验的步骤可以判断遗漏的器材，用图象法处理实验的数据比较简单直观．解答：解：（1）打点计时器需接交流电源．重力加速度与物体的质量无关，所以不要天平和砝码．计算速度需要测相邻计数的距离，需要刻度尺，故选：D．（2）由公式v2=2gh，如绘出﹣h图象，其斜率也等于重力加速度．故答案为：①D，②﹣h，速度平方的二分之一，重物下落的高度点评：根据用打点计时器测重力加速度的实验原理，可以判断实验需要的器材，同时还要知道利用图象处理数据可以使实验结果简单直观的展现出来．三、计算题（5小题，共53分，应写出必要的文字说明，只写最后答案不得分）11．以40m/s的初速度竖直上抛一小球，经2s后再以相同的初速度在同一点竖直上抛另一小球，求：（g=10m/s2）（1）第一个经过多长时间与第二个球相碰；（2）相碰点到抛出点的距离．考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：竖直上抛运动可以看成匀减速直线运动，相遇要求同一时刻达到同一位置，而两球从同一位置抛出，故位移相同，根据匀减速直线运动位移速度公式列式即可解．解答：解：设经过时间t两小球相遇，根据匀减速直线运动的位移时间公式有：，解得：t=．相遇时的高度为：h==75m．答：（1）第一个经过5s与第2个小球相碰．（2）相碰点与抛出点的距离为75m．点评：本题主要考查了匀减速直线运动位移时间公式的直接应用，知道竖直上抛运动可以看成匀减速直线运动，难度不大，属于基础题．12．如图所示，质量M=2kg的木块套在水平杆上，并用轻绳将木块与质量m=kg的小球相连．今用跟水平方向成α=30°角的力F=10N拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取g=10m/s2．求：（1）木块与水平杆间的动摩擦因数为μ；（2）运动过程中轻绳与水平方向夹角θ．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以小球为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求解轻绳与水平方向夹角θ；以木块和小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，由平衡条件和摩擦力公式求解木块与水平杆间的动摩擦因数μ．解答：解：设细绳对B的拉力为T．以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图1，由平衡条件可得：Fcos30°=Tcosθ①Fsin30+Tsinθ=mg ②代入解得，T=10，tanθ=，即θ=30°以木块和小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2．再平衡条件得Fcos30°=fN+Fsin30°=（M+m）g又f=μN解得：μ=答：（1）木块与水平杆间的动摩擦因数为μ为；（2）运动过程中轻绳与水平方向夹角θ为30°．点评：本题涉及两个物体的平衡问题，研究对象的选择要灵活，此题采用隔离法与整体相结合的方法，也可以就采用隔离法研究．13．如图所示，有一水平传送带匀速向左运动，某时刻将一质量为m的小煤块（可视为质点）放到长为L的传送带的中点．它与传送带间的动摩擦因数为u：（1）求小煤块刚开始运动时受到的摩擦力的大小和方向；（2）若小煤块留在传送带上的印记长度恰好为，求传送带的速度V．。
福建省福州文博中学高三物理上学期期中试题
福州文博中学2015-2016学年第一学期高三年级期中考物理科考试（题目卷）（完卷时间：90分钟，总分：100分）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。
1~10题为单项选择题11．．、．12．．题为．．多项选择题．．．．．） 1．在下列运动状态下，物体处于平衡状态的有（ ）A ．蹦床运动员上升到最高点时B ．秋千摆到最低点时C ．相对静止于水平匀速运动传送带上的货物D ．宇航员聂海胜、张晓光、王亚平乘坐“神舟”10号进入轨道绕地球做圆周运动时 2．右图是A 、B 两个质点做直线运动的位移-时间图线.则（ ）A ．在运动过程中,A 质点总比B 质点快 B ．0到t 1内,两质点的位移相同C ．当t =t 1时,两质点的速度相等D ．当t =t 1时,A 、B 两质点的加速度都大于零3．如图所示,A 、B 是两个摩擦传动的靠背轮,A 是主动轮,B 是从动轮,它们的半径R A =2R B ，a 和b 两点在轮的边缘，c 和d 在各轮半径的中点，下列判断正确的是（ ）A ．v a =2v bB ．v c =v dC ．ωa =2ωdD ．ωb =ωc4．如图所示，在M 点分别以不同的速度将两小球水平抛出．两小球分别落在水平地面上的P 点、Q 点．已知O 点是M 点在地面上的竖直投影，OP ：PQ =1：3，且不考虑空气阻力的影响．下列说法中正确的是（ ）A ． 两小球的下落时间之比为1：4B ． 两小球的下落时间之比为1：3C ． 两小球的初速度大小之比为1：4D ． 两小球的初速度大小之比为1：35. 一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，动能减小为原来的41,不考虑卫星质量的变化变轨前后卫星（ ） A ．轨道半径之比为1∶2 B ．角速度大小之比为2∶1 C ．周期之比为1∶8D ．向心加速度大小之比为4∶16．如图所示，长为L 的轻杆一端固定质量为m 的小球，另一端固定在转轴O ，现使小球在竖直平面内做圆周运动，P 为圆周的最高点，若小球通过圆周最低点时的速度大小为gL 29，忽略摩擦阻力和空气阻力，则以下判断正确的是（ ）A ．小球不能到达P 点B ．小球到达P 点时的速度大于gLC ．小球能到达P 点，且在P 点恰好只受重力D ．小球能到达P 点，且在P 点受到轻杆向上的弹力7．如图所示，内壁及碗口光滑的半球形碗固定在水平面上，碗口保持水平。
福建省福州市文博中学2017-2018学年高一上学期期末考试物理试卷 Word版含解析
福建省福州市文博中学2017-2018学年高一上学期期末物理试卷一、单项选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分）1．关于质点的描述，下列方法中正确的是( )A．在大海中远洋航行的轮船能看作质点B．观察跳水运动员的连贯动作时，可把运动员看作质点C．研究汽车车轮转动时，车轮可看作质点D．任何情况下地球都不能看作质点考点：质点的认识．分析：质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型，实际上并不存在，当物体的形状和大小在所研究的问题中能忽略，该物体即可看成质点解答：解：A、在大海中航行的船的大小可以忽略，能够看做质点．故A正确．B、研究运动员动作时时，运动员的形状不能忽略，不能看成质点．故B错误．C、在研究汽车转动时，车轮的大小和形状影响很大，不能看做质点．故C错误．D、研究地球的公转时，可以看做质点，故D错误．故选：A点评：本题只要掌握了质点的概念和条件解决此类问题就不在话下．质点与点电荷是常用的理想化物理模型2．下列关于惯性的说法中正确的是( )A．火箭升空时速度增大，惯性增大B．宇航员从地球到达太空，惯性减小C．空卡车装满货物后，惯性减小D．战斗机战斗前抛掉副油箱，惯性减小考点：惯性．分析：我们把物体保持运动状态不变的属性叫做惯性．惯性代表了物体运动状态改变的难易程度．惯性的大小只与物体的质量有关．质量大的物体运动状态相对难于改变，也就是惯性大；质量小的物体运动状态相对容易改变，也就是惯性小．解答：解：A、惯性的大小只与物体的质量有关．故A错误；B、质量是物体惯性大小的唯一量度，宇航员从地球到达太空，惯性不变，故B错误；C、空卡车装满货物后，惯性增加，故C错误；D、质量是物体惯性大小的唯一量度，战斗机战斗前抛弃副油箱，减小质量，从而减小了惯性，提高灵活性，故D正确．故选：D．点评：理解了“质量是物体惯性大小的唯一量度”就能顺利解决此类题目．同时要知道任何物体都有惯性．3．我省举重运动员石智勇、张国政多次在世界级大赛中摘金夺银．在举重比赛中，运动员举起杠铃后保持稳定的一段时间，如图所示．下列说法中正确的是( )A．运动员对杠铃的作用力大于杠铃对运动员的作用力B．运动员对杠铃的作用力小于杠铃对运动员的作用力C．运动员对杠铃的作用力与杠铃对运动员的作用力是一对平衡力D．运动员对杠铃的作用力与杠铃对运动员的作用力是一对作用力与反作用力考点：作用力和反作用力；物体的弹性和弹力．分析：作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，它们同时产生、同时消失、同时变化，是同种性质的力解答：解：运动员对杠铃的作用力与杠铃对运动员的作用力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反；平衡力作用在一个物体上．故选：D点评：解决本题的关键知道作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，它们同时产生、同时消失、同时变化，是同种性质的力4．用手握瓶子，使瓶子在竖直方向处于静止状态．如果握力增加为原来的两倍，则手对瓶子的摩擦力的大小( )A．也变为原来的两倍B．减小为原来的一半C．保持不变D．以上说法都不对考点：静摩擦力和最大静摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，根据静摩擦力的特点可以判断．解答：解：瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，因而静摩擦力等于重力；握力加倍后，瓶子更掉不下，依然保持静止，竖直方向上重力和静摩擦力依然平衡，静摩擦力还是等于重力；故选：C．点评：静摩擦力与压力无关，随外力的变化而变化，这里握力变大，只是滑动摩擦力变大了，而物体受静摩擦力，故静摩擦力不变．5．某同学在单杠上做引体向上，如图所示．其中双臂用力最小的是( )A．B．C．D．考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：本题中人受到三个力，重力和两个拉力．将重力按照力的效果分解，运用“大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大”的结论，即可以判断．解答：解：将人所受的重力按照效果进行分解，由于大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而D图中人最费力，B图中人最省力；故选B．点评：本题运用“大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大”结论判断．6．有一个10N的重物，挂在固定在电梯顶部的弹簧测力计下端．某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数为8N，如图所示，此时( )A．重物可能向上加速运动，处于超重状态B．重物可能向下加速运动，处于失重状态C．重物可能向上匀速运动，处于平衡状态D．重物可能向下匀速运动，处于平衡状态考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对重物受力分析，根据牛顿第二定律得出重物的加速度大小和方向，从而得出电梯的加速度大小和方向，从而判断出电梯的运动规律．解答：解：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，由平衡条件可知，重物的重力G=F=10N，当测力计示数为8N时，重物受到竖直向下的重力G=10N，竖直向上的拉力F′=8N，则重物受到的合力大小为10﹣8=2N，方向竖直向下，由牛顿第二定律可知，加速度方向竖直向下，此时电梯可能加速上升或减速下降，故ACD错误，B正确；故选：B．点评：解决本题的关键知道重物和电梯具有相同的加速度，根据牛顿第二定律进行分析，通过加速度判断电梯的运动情况．7．图是A．B两个质点做直线运动的位移﹣时间图线，则( )A．在运动过程中，A质点总比B质点慢B．当t=t1时，两质点的相遇C．当t=t1时，两质点的速度相等D．当t=t1时，A．B两质点的加速度都大于零考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移﹣时间图象中倾斜的直线表示匀速直线运动，图象的斜率等于速度．位移等于坐标的变化量．t=t1时，两质点的位移相等，到达同一位置相遇．加速度都等于零．解答：解：A、位移﹣时间图线的斜率等于速度．由图看出，A图线的斜率大于B图线的斜率，则A 的速度大于B的速度．故A错误．B、C、t=t1时，两质点的位移相等，到达同一位置相遇．但A的速度仍大于B的速度．故B正确，C错误．D、两物体均做匀速直线运动，加速度都等于零．故D错误．故选：B点评：图象是2015届高考的热点，每年考题中都会涉及图象问题，常有三类问题：读图、绘图、用图．本题关键位移图象的斜率等于速度来理解图象的物理意义．8．有一个物体开始时静止在O点，先使它向东做匀加速直线运动，经过5s，使它的加速度方向立即改为向西，加速度的大小不改变，再经过5s，又使它的加速度方向改为向东，但加速度大小不改变，如此重复共历时20s，则这段时间内( )A．物体运动方向时而向东时而向西B．物体最后静止在O点C．物体运动时快时慢，一直向东运动D．物体速度一直在增大考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：物体从静止开始，前5s内，做初速度为零的匀加速直线运动，第二个5s内，加速度反向，大小不变，做匀减速直线运动，5s末速度为零．然后又重复前面的运动．解答：解：物体在第一个5s内做初速度为0的匀加速直线运动，加速度大小不变，反向改变后，在第二个5s内做匀减速直线运动，5s后速度变为0，以后重复前面的运动．知物体一直向东运动，没有返回．且速度时快时慢．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键理清物体的运动情况，知道物体一直向某个方向运动，没有返回．该题也可以用速度时间图线去解．9．如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2．以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中( )A．N1始终减小，N2始终增大B．N1始终减小，N2始终减小C．N1先增大后减小，N2始终减小D．N1先增大后减小，N2先减小后增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以小球为研究对象，分析受力情况：重力、木板的支持力和墙壁的支持力，根据牛顿第三定律得知，墙面和木板对球的压力大小分别等于球对墙面和木板的支持力大小，根据平衡条件得到两个支持力与θ的关系，再分析其变化情况．解答：解：以小球为研究对象，分析受力情况：重力G、墙面的支持力N1′和木板的支持力N2′．根据牛顿第三定律得知，N1=N1′，N2=N2′．根据平衡条件得：N1′=Gcotθ，N2′=将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置的过程中，θ增大，cotθ减小，sinθ增大，则N1′和N2′都始终减小，故N1和N2都始终减小．故选B点评：本题运用函数法研究动态平衡问题，也可以运用图解法直观反映力的变化情况．10．汽车A在红绿灯前停住，绿灯亮起时起动，以0.4m/s2的加速度做匀加速运动，经过30s 后以该时刻的速度做匀速直线运动．设在绿灯亮的同时，汽车B以8m/s的速度从A车旁边驶过，且一直以相同速度做匀速直线运动，运动方向与A车相同，则从绿灯亮时开始( ) A．A车在加速过程中与B车相遇B．A、B相遇时速度相同C．相遇时A车做匀速运动D．两车不可能再次相遇考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：作出A、B两车的速度时间图线，根据图线与时间轴围成的面积表示位移进行分析．解答：解：作出A、B两车的速度时间图线，由图象可知：A先做匀加速运动，后做匀速运动，B一直做匀速运动，相遇时两者的位移相等，即AB速度图象与时间轴围成的面积相等，30s时，B的位移大于A的位移，所以相遇时在30s以后，即A做匀速运动时，故C正确．A、B、D错误．故选C．点评：本题可以运用运动学公式进行求解，也可以运用图象进行求解．用图象求解比较直观，方便．二、填空题（本题共5小题，每小题4分，共20分）11．如图所示，质量为m=7kg的物体放在水平桌面上，在与水平方向成30°角的拉力F=100N 作用下匀速向前运动，则物体对地面的压力为20N，物体受到的摩擦力为N．考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，抓住竖直方向上合力为零求出支持力的大小，从而得出物体对地面的压力，抓住水平方向上平衡求出物体所受的摩擦力大小．解答：解：在竖直方向上，N+Fsin30°=mg，解得支持力N=，根据牛顿第三定律知，物体对地面的压力为20N．在水平方向上，有：．故答案为：20，50．点评：本题考查了共点力平衡的基本运用，抓住水平方向和竖直方向上的合力为零进行求解，基础题．12．如图所示，一根原长为12cm的轻弹簧上压着质量为0.5kg的物体，此时弹簧长度为11.5cm．则弹簧的劲度系数k为1000N/m，撤去物体，弹簧的劲度系数k为1000N/m．考点：胡克定律．分析：根据胡克定律求解即可，劲度系数由本身性质决定．解答：解：轻弹簧上压着质量为m的物体，受到的压力为mg，根据胡克定律，有：mg=k△L解得：k===1000N/m弹簧的劲度系数由本身性质决定，故不受力时，劲度系数不变．故答案为：1000，1000点评：本题是胡克定律的直接运用，明确胡克定律公式F=kx中的x为行变量，基础题13．航空母舰是大规模战争的重要武器，有一艘停止在某海面上的航空母舰，其舰载飞机在t=2s内从静止开始沿甲板做匀加速直线运动，达到起飞速度为v=82m/s，则舰载飞机起飞过程的加速度a大小为41m/s2，舰载飞机飞过程在甲板上运动的位移s为82m．考点：匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：飞机做匀加速直线运动，根据速度时间关系公式列式求解加速度；根据平均速度公式列式求解位移．解答：解：根据速度时间公式，有：v=v0+at解得：a===41m/s2飞机在甲板上加速过程的位移：x=t=×2m=82m故答案为：41；82．点评：本题关键是明确飞机的运动性质，然后灵活选择运动学公式列式求解位移是加速度，基础题目．14．在光滑的水平地面上，放着两个质量分别为m1=3kg和m2=5kg的物体．某个水平力作用在质量为m1的物体上，可以使其产生大小为10m/s2的加速度．当这个力作用在质量为m2的物体上时，产生的加速度大小为6m/s2．考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律求出作用力的大小，再根据牛顿第二定律求出作用力作用在另一个物体上时的加速度．解答：解：根据牛顿第二定律得，作用力的大小F=m1a1=3×10N=30N，则作用力作用在m2上时的加速度大小．故答案为：6．点评：本题考查了牛顿第二定律的基本运用，抓住作用力的大小不变，结合牛顿第二定律进行求解，基础题．15．如图所示，三段轻绳子吊着一个物体，AC和BC两段绳子互相垂直，且BC绳子与竖直方向的夹角为60о．已知BC绳子受到的拉力大小为100N，则物体的重力大小为200N．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以结点C为研究对象，分析受力，作出力图．物体对C的拉力大小等于物体的重力．根据平衡条件求出物体的重力．解答：解：以结点C为研究对象，分析受力：绳AC的拉力F AC、绳BC的拉力F BC和物体的拉力F，作出力图如图．根据平衡条件得，F==2×100N=200N所以物体的重力G=F=200N．故答案为：200点评：本题是绳子悬挂的模型，常常以结点为研究对象，分析受力是关键．基本题．三、实验题（本题共2小题，每题6分，共12分）16．在《练习使用打点计时器》实验中，某同学得到如图所示的纸带．相邻两计数点之间的距离分别为AB=2.40cm，BC=7.30cm，CD=12.20cm，DE=17.10cm．相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s．由此可知，打D点时物体的速度大小为1.47m/s；整个过程中物体的加速度大小为4.9m/s2．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小．解答：解：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，v D===1.47m/s相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可得：a===4.9m/s2故答案为：1.47；4.9．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．17．在《探究加速度与合力、质量的关系》的实验如图1所示：（1）本实验采用的控制变量法，在研究物体加速度与受力的关系中，控制不变的量是B （填选项前字母）A．小沙桶的重量B．小车的质量（2）某同学根据实验数据画出a﹣F图线，如图2所示．图线的延长线没有过坐标原点，可能原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：“探究加速度与力的关系”实验采用控制变量法，结合图线中F=0时，加速度不为零，判断图线不过原点的原因．解答：解：（1）“探究加速度与力的关系”实验时必须控制小车的质量不变，故B正确．故选：B（2）当F不为零时，小车的加速度为零，说明未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．故答案为：（1）B；（2）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足点评：考查平衡摩擦力时出现的误差分析，根据图象对应分析即可，结论就是两个，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．对应上即可四、计算题（本题共3小题，共28分）18．如图所示，悬挂在天花板下重60N的小球，在均匀的水平风力作用下偏离了竖直方向θ=30°角，求风对小球的作用力和绳子的拉力．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对小球受力分析，受重力、拉力和风力处于平衡，根据共点力平衡求出风对小球的作用力和绳子的拉力．解答：解：小球的受力如图，根据共点力平衡得，风对小球的作用力F=mgtan30°=60×=20N．绳子的拉力大小T=N．答：风对小球的作用力为，绳子的拉力为．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，根据共点力平衡，运用平行四边形定则进行求解．19．屋檐上每隔相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴已刚好到达地面，而第3滴与第2滴分别位于高为1m的窗户的上、下沿（不计水滴大小），如图所示（g取10m/s2），问：（1）滴水的时间间隔是多少？（2）此屋檐离地面多高？考点：自由落体运动．分析：（1）由H=，得出水从屋檐到地面的时间，从而得出相等的时间间隔．（2）初速度为0的匀加速直线运动，在连续相等时间间隔内的位移比为1：3：5：7．已知第3滴与第2滴水的间隔距离，根据比例关系求出总高度．解答：解：（1）根据H=，代入数据得，t=滴水时间间隔．（2）根据比例关系，从上到下相邻水滴间距离之比为1：3：5：7，而2、3两滴间距离为1米，所以总高度答：（1）滴水的时间间隔是0.2s；（2）此屋檐离地面3.2m点评：解决本题的关键掌握初速度为0的匀加速直线运动，在连续相等时间间隔内的位移比为1：3：5：7．以及掌握自由落体运动的位移时间公式H=．20．如图所示，质量为4.0kg的物体在与水平方向成37°角、大小为20N的拉力F作用下，沿水平面由静止开始运动，物体与地面间动摩擦因数为0.20；取g=10m/s2（已知cos37°=0.8，sin37°=0.6），求：（1）物体的加速度大小；（2）经过2s撤去F，再经3s时物体的速度为多大？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）抓住物体在竖直方向上的合力为零，结合牛顿第二定律求出物体的加速度．（2）根据速度时间公式求出2s末的速度，根据牛顿第二定律求出撤去拉力后的加速度，结合速度时间公式求出物体的速度．解答：解：（1）根据牛顿第二定律得，物体的加速度大小a=，代入数据解得a=2.6m/s2，（2）2s末的速度v=at=2.6×2m/s=5.2m/s，撤去拉力后的加速度大小a′=μg=0.2×10m/s2=2m/s2，则物体速度减为零的时间，则3s时的速度为零．答：（1）物体的加速度大小为2.6m/s2．（2）再经3s时物体的速度为零．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，基础题．。
福建省福州文博中学2017届高三上学期第8周周测数学理试题 精品
2016-2017学年度福州文博中学第8周周测1．在单位圆中，面积为1的扇形所对的圆心角的弧度数为（ ）A.1B.2C.3D.42．若1tan()47πα+=，则tan α=（ ） （A ）34 （B ）43 （C ）34- （D ）43- 3．函数()si ()n f x A x ωϕ＝＋（000A ωϕπ>><<，，)的图象如图所示，则()4f π的值为（ ）A ．0 C ．1 D 4．若曲线在点处的切线平行于x 轴，则k= ( )A ．－1B ．1C ．－2D ．25．已知直线l 过点(2,1)P )，且与x 轴y 轴的正半轴分别交于,A B 两点，O 为坐标原点，则OAB ∆面积的最小值为( ) A. 22 B. 24 C. 4 D. 36．[2014·河南三市调研]若实数x ， y 满足|x －1|－ln1y＝0，则y 关于x 的函数图象的大致形状是( )7．设函数定义在实数集R上，，且当时=，则有 ( )A.B.C.D.8．化简：___________)cos()3sin()sin()23cos()3cos()2sin(=---+--+-πααπαπαπαπαπ 9．已知函数()sin f x x ω=，()sin(2)2g x x π=+，有下列命题：①当2ω=时，函数y =()()f x g x 是最小正周期为2π的偶函数； ②当1ω=时，()()f x g x +的最大值为98； ③当2ω=时，将函数()f x 的图象向左平移2π可以得到函数()g x 的图象. 其中正确命题的序号是 （把你认为正确的命题的序号都填上）．10．已知函数()sin(3)4f x x π=+.（1）求()f x 的单调递增区间；（2）若α是第二象限角，4()cos()cos 2354f απαα=+，求cos sin αα-的值.11．已知函数x ax x f ln 1)(--=（R a ∈）（1）讨论函数)(x f 的单调性；（2）若函数)(x f 在1=x 处取得极值，不等式2)(-≥bx x f 对任意),0(+∞∈x 恒成立，求实数b 的取值范围；（3）当1->>e y x 时，证明不等式 )1ln()1ln(x e y e y x +⋅>+⋅.。
福建省福州文博中学2017届高三物理3月份练习一
高三物理3月份练习一2017.3一、选择题：本题共8小题，每小题6分。
其中14～18题为单选题；19～21题为多选题，在每小题给出的四个选项中，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．关于原子结构，下列说法错误．．的是 A ．汤姆孙根据气体放电管实验断定阴极射线是带负电的粒子流，并求出了这种粒子的比荷B ．卢瑟福α粒子散射实验表明：原子中带正电部分的体积很小，但几乎占有全部质量，电子在正电体的外面运动C ．各种原子的发射光谱都是连续谱D ．玻尔在原子核式结构模型的基础上,结合普朗克的量子概念,提出了玻尔的原子模型15．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为12:10:1n n =，a 、b 两点间的电压为u =sin100V πt （），R 为可变电阻，P 为额定电流1A 、用铅锑合金制成的保险丝。
为使保险丝中的电流不超过1A ，可变电阻R 连入电路的最小阻值是A ．B ．22ΩC ．ΩD ．2.2Ω16．如图所示，有一段被完成直角的导线abc ，ab 、bc 长度之比为3：4，总长为L ，导线中通一恒定电流I 。
放置在磁感应强度为B的匀强磁场中，并且磁场垂直导线面向里，则导线受到的磁场力为A ．57BIL ，垂直于ac 连线向上 B ．57BIL ，垂直于ac 连线向下 C ．1235BIL ，垂直于ac 连线向上 D ．1235BIL ，垂直于ac 连线向下17．探测火星一直是人类的梦想，若在未来某个时刻，人类乘飞船来到了火星，宇航员先乘飞船绕火星做圆周运动，测出飞船坐圆周运动时离火星表面的高度为H ，环绕的周期为T 及环绕的线速度为v ，引力常量为G ，由此可得出： A ．火星的半径为2vT π B ．火星表面的重力加速度为322(2)Tv vT H ππ-C ．火星的质量为2Tv Gπ2D18．某人坐在火车上看到面前现象如图，（设定火车在水平面内做直线运动）已知球的质量为m ，槽的质量为M ，球到槽口和到槽底的高度都为h ，槽内为半圆形且光滑。
【福建省福州一中】2017届高三上学期期中考试物理试卷-答案
A 1f l (m 2=+福建省福州一中2017届高三上学期期中考试物理试卷解析一、单项选择题1．【考点】牛顿第一定律；物理学史。
【分析】17世纪意大利科学家伽利略设想了一个理想斜面实验，抓住主要因素，忽略次要因素，采用合理推理，得到结论：物体的运动不需要力来维持。
【解答】解：17世纪意大利科学家伽利略设想了一个斜面实验：将两个斜面对接起来，当小球一个斜面滚下，会滚上第二斜面，如果摩擦力越小，在第二斜面上滚上的高度越大，设想没有摩擦力，小球会达到相等的高度，将第二斜面放平，小球将永远运动下去。
这里伽利略应用的物理思想方法属于理想实验。
故选C【点评】本题考查对物理研究方法的理解能力。
物理学上经常用到的研究方法有：等效替代法，归纳法，演绎法，控制变量法等。
2．【考点】动量定理；功的计算。
【专题】计算题；压轴题。
【分析】已知初末速度，则由动量定理可求得地面对人的冲量；由功的公式可确定地面对人是否做功。
【解答】解：人的速度原来为零，起跳后变化v，则由动量定理可得：I﹣mg△t=△mv=mv故地面对人的冲量为mv+mg△t；而人在跳起时，人受到的支持力没有产生位移，故支持力不做功，故B正确；故选B．【点评】在应用动量定理时一定要注意冲量应是所有力的冲量，不要把重力漏掉。
3．【考点】共点力平衡的条件及其应用。
【专题】共点力作用下物体平衡专题。
【分析】小球受三个力作用而保持静止状态，其中重力大小、方向都不变，斜面对球的支持力方向不变，大小变，挡板对球的支持力的大小和方向都变化，根据三力平衡的条件，结合平行四边形定则作图分析即可。
【解答】解：小球受重力、挡板弹力F1和斜面弹力F2，将F1与F2合成为F，如图所示：小球一直处于平衡状态，三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故F1和F2合成的合力F一定与重力等值、反向、共线。
从图中可以看出，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，F1先变小，后变大，F2越来越小；故A．C．D错误，B正确。
福建省福州文博中学2017届高三上学期期中考试物理试题 含答案
福州文博中学2016—2017上高三物理半期考试卷（完卷时间：90分钟；满分：100分）第Ⅰ卷(共44分)命题人:吴晓梅审题：江晓阳一、选择题:本题共11小题44分，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中,第1~6题只有一项符合题目要求，第7～11题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分,选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．关于伽利略对自由落体运动的研究，以下说法正确的是（) A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同B．伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证C．伽利略用小球在斜面上运动“冲淡重力"，验证了运动速度与位移成正比D．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动,验证了位移与时间的平方成正比2. 滑块静止于光滑水平面上，与之相连的轻质弹簧处于自然伸直状态，现用恒定的水平外力F作用于弹簧右端，在向右移动一段距离的过程中拉力F做了10 J的功.在上述过程中( ）A。
弹簧的弹性势能增加了10 JB. 滑块和弹簧组成的系统机械能增加了10 JC. 滑块的动能增加了10 JD. 滑块和弹簧组成的系统机械能守恒3.自由下落的物体,自起点开始依次下落相等高度所用的时间之比是（ ）A 。
1:2B 。
1:3C 。
1：4D 。
1:)12(4.一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m 的重物，当重物的速度为v 1时，起重机的输出功率达到最大值P 以后,起重机保持该功率不变,继续提升重物，直到以最大速度v 2匀速上升为止,物体上升的高度为h ，则整个过程中,下列说法不正确．．．的是（ )A ．钢绳的最大拉力为B ．钢绳的最大拉力为C ．重物的最大速度v 2=D ．重物匀加速运动的加速度为﹣g5. 一串小灯笼(五只）彼此用轻绳连接,并悬挂在空中，在稳定水平风力作用下发生倾斜，悬绳与竖直方向的夹角为30°，如图所示，设每个灯笼的质量均为m ，则自上往下第一只灯笼对第二只灯笼的接力大小为( ） A ．2mg3 B ．mg 332 C ．8mgD ．mg 338 6.质量相等的A 、B 两物体放在同一水平面上,分别受到水平拉力F 1、F 2的tv2v 0 v 0 t 0 4t 0 AB5t 03t 0作用而从静止开始作匀加速直线运动。
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福州文博中学2017-2018学年上高三物理半期考试卷
(完卷时间： 90分钟；满分：100分)
第Ⅰ卷 (共44分)
一、选择题：本题共11小题44分，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合
题目要求，第7～11题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得
0分。
1．关于伽利略对自由落体运动的研究，以下说法正确的是（）
A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同
B．伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证
C．伽利略用小球在斜面上运动“冲淡重力”，验证了运动速度与位移成正比
D．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动，验证了位移与时间的平方成正比
2. 滑块静止于光滑水平面上，与之相连的轻质弹簧处于自然伸直状态，现用恒定的水平外力F作用于弹
簧右端，在向右移动一段距离的过程中拉力F做了
10 J的功.在上述过程中( )
A. 弹簧的弹性势能增加了10 J
B. 滑块和弹簧组成的系统机械能增加了10 J
C. 滑块的动能增加了10 J
D. 滑块和弹簧组成的系统机械能守恒
3.自由下落的物体，自起点开始依次下落相等高度所用的时间之比是（）
A. 1:2
B.1:3
C. 1:4
D.1:)1
(
2
4.一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为v1时，起重机的输出功率达
到最大值P以后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止，物体上
升的高度为h，则整个过程中，下列说法不正确
．．．的是（）
A．钢绳的最大拉力为 B．钢绳的最大拉力为
C ．重物的最大速度v 2
= D
．重物匀加速运动的加速度为﹣g
5. 一串小灯笼（五只）彼此用轻绳连接，并悬挂在空中，在稳定水平风力作用下发生倾斜， 悬绳与竖直方向的夹角为30°，如图所示，设每个灯笼的质量均为m ，则自上往下第一只 灯笼对第二只灯笼的接力大小为( ) A ．2mg 3
B ．
mg 3
3
2 C ．8mg D ．
mg 3
3
8 6. 质量相等的A 、B 两物体放在同一水平面上，分别受到水平拉力F 1、F 2的 作用而从静止开始作匀加速直线运动。
经过时间t 0和4t 0速度分别达到 2v 0和v 0时，分别撤去F 1和F 2，以后物体继续做匀减速直线运动直至停止。
两物体速度随时间变化的图象如右图所示。
设F 1和F 2对A 、B 的冲量分别
为I 1和I 2，F 1和F 2对A 、B 做的功分别为W 1和W 2，则下列结论正确的是( ) A ．物体A 、B 的位移大小之比是3：5 B ．在2t 0-3t 0之间的某一时刻B 能追上A C ．F 1和F 2的大小之比是8：1
D ．整个运动过程中F 1和F 2做功之比是6：5
7. 如图1所示，物体受到水平推力F 的作用在粗糙水平面上做直线运动。
通过力传感器和速度传感器监
测到推力F 、物体速度v 随时间t 变化的规律如图2所示。
取g= 10m/s 2。
则( )
A ．物体的质量m = 1.0 kg
B ．物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.20
C ．第2s 内物体克服摩擦力做的功W = 2.0 J
D ．前2s 内推力F 做功的平均功率P = 1.5 W 8. 2010年9月29日美国天文学家宣布发现了一
颗迄今为止与地球最类似的行星，该行星绕太阳系外的红矮星做匀速圆周运动，公转周期约为37天，
该行星的半径大约是地球半径的1.9倍，且表面重力加速度与地球表面重力加速度相近，下列关于该
行星的说法正确的是； （3
）
．
2v v 0 0 0
13、（1）D ； （2）D ； （3）mgh 2；；
（4）BD ； （5），
14、解：（1）根据题意，A 、B 两球都受力平衡，对B 球进行受力分析： F=mg tan θ
q
F E =
得
q
mg E 33=
场强方向由A 指向B （2）两球之间库仑力：
2
l
kQq F = 以上两式联立解得：
mg
kQq l 3=
15、
16、解（1）物品在达到与传送带速度v=4m/s 相等前，有： F+μmgcos37°-mgsin37°=ma 1 解得a 1=8m/s 2
由v=a 1t 1，t 1=0.5s
随后，有：F-μmgcos37°-mgsin37°=ma 2 解得a 2=0，即滑块匀速上滑
总时间为：t=t 1+t 2=1s
即物品从传送带底端运动到平台上所用的时间是1s ．
（2）在物品与传送带达到同速瞬间撤去恒力F ，根据牛顿第二定律，有 μmgcos37°
-mgsin37°=ma 3 解得：a 3＝-2m/s 2
假设物品向上匀减速到速度为零时，通过的位移为x
即物体速度为减为零时已经到达最高点；
（3）第一种情况，物块先向上做匀加速直线运动，然后向上做匀速直线运动．
第二种情况，物块向上做匀加速直线运动，然后向上做匀减速直线运动，匀减速直线运动到达顶端的速度
17、。