重庆市大足中学2013-2014学年高二物理上学期期中试题新人教版
高二物理-2013-2014学年高二上学期期中物理试题
2013-2014学年高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）（2013秋•雅安期末）用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下面四个物理量都是用比值法定义的．以下公式不属于定义式的是（）A．电流强度I=B．磁感应强度C．电阻R=D．电容C=考点：电流、电压概念；电容；电阻定律；磁感应强度．分析：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．解答：解：A、电流强度与流过截面的电量和时间无无直接关系，所以I=属于比值定义法．故A正确．B、磁感应强度与放入磁场中的电流元无关．所以属于比值定义法．故B正确．C、电阻R与电压、电流无关，是其本身的属性，属于比值定义法，故C正确．D、电容与正对面积S成正比，与极板间的距离成反比，C=不属于比值定义法．故D错误．本题选不是定义式的故选D．点评：解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．2．（3分）（2013秋•东台市校级期中）物理老师在讲授“摩擦起电”时，请同学们用塑料直尺在头发上摩擦几下后试试能否吸引碎纸片，结果塑料直尺能够吸引碎纸片．如果以橡胶棒与毛皮摩擦作类比，这个现象说明（）A．摩擦时，同时发生了正、负电荷的转移，头发带负电，塑料直尺带正电B．摩擦时，同时发生了正、负电荷的转移，头发带正电，塑料直尺带负电C．摩擦时，头发上的电子向塑料直尺转移，使塑料直尺带了负电D．摩擦时，只发生了正电荷的转移，使塑料直尺带了正电考点：静电现象的解释．分析：用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷．带电体能吸引轻小物体．解答：解：当用毛皮摩擦橡胶棒时，毛皮上的电子转移到橡胶棒上，使橡胶棒有了多余的电子而带负电．同理，当用塑料尺与头皮摩擦时，头发上的电子也转移到塑料尺上，使塑料尺带负电．故选：C．点评：此题考查了摩擦起电的原因电子的转移，要理解到位．3．（3分）（2006•永州模拟）如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点通过P点时电势能较大C．带电质点通过P点时的动能较大D．带电质点通过P点时的加速度较小考点：等势面．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．解答：解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故A错误；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D错误．故选B．点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．4．（3分）（2013秋•东台市校级期中）某一探测器因射线照射，内部气体电离，在时间t内有K个二价正离子到达阴极，有2K个电子到达探测器的阳极，则探测器电路中的电流为（）A．0B．C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电流的公式I=，q是通过导体截面的电量；电离时正负电荷分别向两个方向运动；通过截面的电量只能为正离子或电子的．解答：解：由题意可知，电离时通过导体截面的电量为4ke；由电流公式I=得：I=故选：D．点评：本题应注意区分电离与电解液导电的区别！若为电解液导电，则答案为D，而电离时只能考虑一种离子．5．（3分）（2013秋•东台市校级期中）两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ 连线的中垂线，交PQ于O点，A点为MN上的一点．一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动．取无限远处的电势为零，则（）A．q由A向O的运动是匀加速直线运动B．q由A向O运动的过程电势能逐渐减小C．q运动到O点时的动能最小D．q运动到O点时电势能为零考点：电势能．分析：根据等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性，分析试探电荷q的受力情况，确定其运动情况，根据电场力做功情况，分析其电势能的变化情况．解答：解：A、两等量正电荷周围部分电场线如右图所示，其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向．故试探电荷所受的电场力是变化的，q由A向O的运动做非匀加速直线运动，故A错误．B、电场力方向与AO方向一致，电场力做正功，电势能逐渐减小；故B正确．C、从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到N过程中，电场力做负功，动能减小，故在O点试探电荷的动能最大，速度最大，故C错误．D、取无限远处的电势为零，从无穷远到O点，电场力做正功，电势能减小，则q运动到O点时电势能为负值．故D错误．故选：B点评：本题考查静电场的基本概念．关键要熟悉等量同种点电荷电场线的分布情况，运用动能定理进行分析功能关系．二.多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.）6．（4分）（2013•贵州学业考试）如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A．电容器带电量不变B．尘埃仍静止C．检流计中有a→b的电流D．检流计中有b→a的电流考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．解答：解：A、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小．故A错误．B、由于板间电压和板间距离不变，则板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态．故B正确．CD、电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，下极板带负电，电路中形成逆时针方向的电流，则检流计中有a→b的电流．故C正确，D错误．故选：BC．点评：本题电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式C=和电容的定义式C=结合进行分析．7．（4分）（2013秋•东台市校级期中）干电池的电动势为1.5V，其意义为（）A．B．C．D．考点：电源的电动势和内阻．分析：电源的电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压，电动势与电功率不同．当1s内能使1.5C的电量通过导线的某一截面时，电路中电流是1.5A，但电动势不一定等于1.5V．导线某一截面每通过1C的电量，这段导线就消耗1.5J的电能．解答：解：A、由W=Eq可知，在电源内部把1C正电荷从负极搬到正极，非静电力做功1.5J；故A正确；B、内部电压小于电源的电动势，故静电力做功不等于1.5J；故B错误；D、电动势反映电池的做功能力；1.5V的电池做功能力大于1.2V的电池；故C正确；D、由于不知道1s中移送的电荷量，无法求出转化的电能；故D错误；故选：AC．点评：本题考查电动势的定义及内部非静电力做功的问题，要明确区分静电力做功与非静电力做功的区别．8．（4分）（2011秋•沈阳期中）小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的电阻为R=考点：电阻率与温度的关系；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据电阻的定义R=，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大．对应P点，灯泡的电阻等于过P点的切线斜率的倒数．解答：解：AB、图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大．故A正确．C、D对应P点，小灯泡的电阻为R=≠．故C错误，D正确．故选AD点评：本题中灯泡是非线性元件，其电阻R=，但R．9．（4分）（2013秋•东台市校级期中）如图所示，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，从M点无初速释放一带有恒定负电荷的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止．则从M点运动到N点的过程中，下列说法中正确的是（）A．小物块所受电场力逐渐减小B．小物块具有的电势能逐渐增大C．Q电场中M点的电势高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据物块与负电荷间距离的变化，由库仑定律分析小物块受到的电场力变化情况．由电场力做正功知，电荷的电势能减小．由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电．电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据电场线的方向判断电势的高低．根据动能定理分析物块电势能变化量的大小与克服摩擦力做的功的关系．解答：解：A、从M点运动到N点的过程中，物块与点电荷Q的距离增大，带电量均不变，根据库仑定律分析可知，小物块所受电场力逐渐减小．故A正确．B、点电荷对物块的电场力方向向左，对物块做正功，物块的电势能一直减小．故B错误．C、由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电，电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据顺着电场线电势降低可知，M点的电势低于N点的电势．故C错误．D、物块的初速度为零，末速度也为零，动能的变化量为零，根据动能定理可知，电场力做功与克服摩擦力做功相等，而小物块电势能变化量的大小等于电场力做功，则小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功．故D正确．故选AD点评：由库仑定律分析电场力的变化，根据电场力做功的正负判断电势能的变化，由电场线的方向判断电势高低等等都是电场中基本问题，要加强训练，熟练掌握．三、填空题（本题共2小题，共14分，每空2分）则R1的测量值为300Ω，真实值是290Ω，R2的测量值为300Ω，真实值是333Ω．用伏安法测R2电阻应采用电流表内接法较好．（”外接法”或”内接法”）考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题的关键是求电阻的真实值时，应考虑电表内阻的影响，然后根据欧姆定律和串并联规律求解即可．解答：解：甲图中：电阻测量值：=；真实值为：=；乙图中：电阻测量值为：=；真实值为：=；比较它们的绝对误差可知，伏安法测时，采用内接法测量误差较小，所以电流表应用内接法较好．故答案为：300，290，300，333，内接法点评：伏安法测电阻内外接法的选择方法是：当满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法．11．（4分）（2014秋•杨浦区校级期末）如图，已知R1=10Ω，R2=20Ω，R3=20Ω，AB两端间电压恒为30V，若CD之间接理想电压表，则电压表示数U=20V；若CD之间改接理想电流表，则电流表示数I=0.75A．考点：欧姆定律；电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：若CD之间接理想电压表，则电阻R1与R2串联；若CD之间改接理想电流表，则电阻R2与R3并联后与R1串联；根据串并联电路的电压和电流关系列式求解即可．解答：解：若CD之间接理想电压表，则电阻R1与R2串联，故电压表读数为：U=IR2=•R2=20V；若CD之间改接理想电流表，则电阻R2与R3并联后与R1串联，则电流表示数为：I A=I==0.75A；故答案为：20，0.75．点评：本题是串并联电路的运用问题，关键理清电路结构，明确理想电压表相当于断路，理想电流表相当于短路．四.计算题（本题共5小题，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.共75分）12．（15分）（2011•甘肃模拟）在一个点电荷Q的电场中，Ox坐标轴与它的一条电场线重合，坐标轴上A、B两点的坐标分别为2.0m和5.0m．放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，电场力的大小跟试探电荷所带电量的关系图象如图中直线a，b所示，放在A点的电荷带正电，放在B点的电荷带负电．求：（1）B点的电场强度的大小和方向．（2）试判断点电荷Q的电性，并说明理由．（3）点电荷Q的位置坐标．考点：电场强度；库仑定律；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=．方向与正电荷所受电场力方向相同．（2）放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，而正电荷所受电场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反．从而知道点电荷位于A、B 之间．（3）根据点电荷场强公式E=分析．解答：解：（1）由图可知，B点的电场强度，方向指向x负方向．同理A点的电场强度E A=40N/C，方向指向x正方向．（2）放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，而正电荷所受电场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反．若点电荷在A的左侧或在B 的右侧，正负电荷所受电场力方向不可能相同，所以点电荷Q应位于A、B两点之间，根据正负电荷所受电场力的方向，知该点电荷带负电．（3）设点电荷Q的坐标为x，由点电荷的电场E=，可知解得x=2.6m．（另解x=1舍去）所以点电荷Q的位置坐标为（2.6m，0）．答：（1）B点的电场强度的大小为E B=2.5N/C，方向指向x负方向．（2）点电荷带负电．（3）点电荷Q的位置坐标为（2.6m，0）．点解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=和点电荷的场强公式E=，以及知道电场强度的评：方向，与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．13．（15分）（2013秋•泰安期末）如图所示，两平行金属板A．B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点，C点在A板上，且CD=4cm，CD连线和场强方向成60°角．已知电子从D点移到C点电场力做功为3.2×10﹣17J，电子电量为1.6×10﹣19C．求：（1）匀强电场的场强；（2）A．B两点间的电势差；（3）若A板接地，D点电势为多少？考点：电场强度；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据电场力做功W=qEd，d是沿电场方向两点间的距离，求解电场强度．（2）根据匀强电场中，场强与电势差之间的关系U=Ed求出电场强度E．（3）由公式U=Ed求出AD间电势差，再求解D点电势．解答：解：（1）由题，D→C电场力做正功，为：W=qEL CD cos60°得：E==N/C=1×104N/C（2）因电场力做正功，则知电子在电场中受到的电场力方向向上，电子带负电，则场强方向为A→B．所以A、B间电势差为：U AB=Ed AB=104×6×10﹣2=600V（3）A、D间电势差为：U AD=Ed AD cos60°=1×104×4×10﹣2×0.5V=200V由U AD=φA﹣φD，φA=0，得：φD=﹣200V答：（1）匀强电场的场强为1×104N/C；（2）A、B两点间的电势差是600V；（3）若A板接地，D点电势为是﹣200V．点评：电场力具有力的一般性质，电场力做功可根据功的一般计算公式W=Flcosα计算．本题还要掌握公式U=Ed，知道d是沿电场线方向两点间的距离．14．（12分）（2013秋•东台市校级期中）有一电流表G，内阻为R=30Ω，满偏电流是1mA，求：（1）如果它改装成量程为0﹣15V的电压表，要串联多大的电阻？改装后电压表的内阻是多大？（2）如果它改装成量程0﹣3A的电流表，要并联多大的电阻？改装后电流表的内阻是多大？考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题（1）的关键是根据串并联规律写出表达式，然后解出分压电阻的阻值即可；题（2）的关键是根据串并联规律列出表达式，然后解出分流电阻即可．解答：解：（1）：改装为电压表时，根据串并联规律应有：U=，代入数据解得：=14970Ω；改装后电压表的内阻为：=；（2）：改装为电流表时，应有：I=，代入数据解得：=0.01Ω；改装后电流表的内阻为：=；答：（1）如果它改装成量程为0﹣15V的电压表，要串联14970Ω的电阻，改装厚1电压表的内阻为15000Ω（2）如果它改装成量程0﹣3A的电流表，要并联0.01Ω的电阻，改装后电流表的内阻为0.01Ω．点评：应明确电压表是由电流表与分压电阻串联改装成的，电流表是由电流表与分流电阻并联改装成的．15．（16分）（2013秋•东台市校级期中）小明准备参加玩具赛车比赛，她想通过实验挑选一只能量转换效率较高的电动机，实验时她先用手捏住电动机的转轴，使其不转动，然后放手，让电动机正常转动，分别将2次实验的有关数据记录在表格中．请问：电动机的电压/V 电动机工作状态通过电动机的电流/A不转动正常转动（1）这只电动机线圈的电阻为多少？（2）当电动机正常工作时，转化为机械能的功率是多少？（3）当电动机正常工作1分钟时，电动机消耗的电能是多少？（4）该玩具电动机正常工作时电能转化为机械能的效率是多少？考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）电动机不转动时，是纯电阻电路，根据欧姆定律求解线圈电阻；（2）当电动机正常工作时，转化为机械能的功率等于总功率减去内阻消耗的功率；（3）电动机消耗的电能Q=UIt；（4）电能转化为机械能的效率η=×100%．解答：解：（1）电动机不转动时，是纯电阻电路，根据欧姆定律得：r=Ω（2）当电动机正常工作时，（3）当电动机正常工作1分钟时，电动机消耗的电能Q=UIt=2×1×60=120J（4）电能转化为机械能的效率η=×100%=100%=75%．答：（1）这只电动机线圈的电阻为0.5Ω；（2）当电动机正常工作时，转化为机械能的功率是1.5W；（3）当电动机正常工作1分钟时，电动机消耗的电能是120J；（4）该玩具电动机正常工作时电能转化为机械能的效率是75%．点评：本题关键在于电动机不是个纯电阻，所以对电动机正常转动和卡住不转的分析计算是不同的，这个需要同学们注意．16．（17分）（2013秋•东台市校级期中）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子在偏转场运动的时间t；（3）电子从偏转电场射出时的侧移量；（4）P点到O点的距离．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小；（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，根据进入偏转电场时的速度和极板长度求出粒子在偏转电场中运动的时间；（3）粒子在偏转电场中做类平抛运动，竖直方向做初速度为0的匀加速直线运动，根据粒子受力和运动时间求出侧向位移量；（4）粒子离开偏转电场后做匀速直线运动，水平方向做匀速直线运动求出运动时间，竖直方向亦做匀速直线运动由时间和速度求出偏转位移，再加上电场中的侧位移即为OP的距离．解答：解：（1）粒子在加速电场中只有电场力做功，根据动能定理有：得电子加速后的速度大小为（2）电子进入偏转电场后，在电场力作用下做类平抛运动，令电子运动时间为t1，电子在水平方向做匀速直线运动故有：vt1=L1得电子在偏转电场中的运动时间（3）在竖直方向电子做初速度为0的匀加速运动，已知偏电压为U2，极板间距为d，则电子在偏转电场中受到的电场力：F=由牛顿第二定律知，电子产生的加速度a=所以电子在偏转电场方向上的侧位移y===（4）由（3）分析知，电子离开偏转电场时在竖直方向的速度v y=at=电子离开偏转电场后做匀速直线运动，电子在水平方向的分速度，产生位移为L2，电子运动时间电子在竖直方向的分速度，产生位移=所以电子偏离O点的距离PO==答：（1）电子穿过A板时的速度大小为；（2）电子在偏转场运动的时间t=；（3）电子从偏转电场射出时的侧移量；（4）P点到O点的距离PO=．点评：能根据动能定理求电子加速后的速度，能根据类平抛运动计算电子在电场中偏转的位移和速度，这是解决本题的关键，本题难点是全部是公式运算，学生不适应．本题难度适中．。
重庆市万州区20132014学年高二物理上学期期末考试试题新人教版
2013~2014学年度（上）期末质量监测高二年级 物 理（理科）（本试卷共有三个大题，考试时间90分钟，满分110分）一、选择题。
本大题共12小题；每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是正确的。
1．如图所示，带负电的粒子以速度v 从粒子源P 处射出，若图中匀强磁场范围足够大（方向垂直纸面向里），则带电粒子的轨迹是 A ．a B ．b C ．cD ．d2．置入某磁场中的线圈位置、形状不变，穿过线圈的磁场磁感应强度随时间变化的关系如图所示，则该线圈中的感应电动势 A ．均匀增加 B ．均匀减小 C ．保持不变 D ．为零3．如图所示，A 、B 两点在点电荷产生的电场的一条电场线上，若一带负电的粒子从B 点运动到A 点时，加速度增大而速度减小，则可判定 A ．点电荷一定带正电且在A 点的左侧 B ．点电荷一定带正电且在A 点的右侧 C ．点电荷一定带负电且在A 点的左侧 D ．点电荷一定带负电且在A 点的右侧4．如图所示，在O 点置一点电荷Q ，以O 为圆心作一圆。
现将一试探电荷q 从A 分别移到圆上的B 、C 、D 三点，则电场力做功 A ．移到B 的过程做功最多 B ．移到C 的过程做功最多 C ．移到D 的过程做功最多D ．三个过程一样多5．电子束焊接机中的电子枪如图所示，K 为阴极，A 为阳极，A 上有一小孔，阴极发射的电子在阴极和阳极间的电场作用下聚集成一细束，以极高的速率穿过阳极板上的小孔，射到被焊接的金属上，使两块金属熔化而焊接在一起。
设电子从阴极发射时的初速为零。
已知电子电量为1.6×10-19C ，若电子到达被焊接的金属时具有的动能为3.0×104eV ，则两极间的电压U 为 A ．2.5×104V B ．2.0×104V C ．3.0×104V D ．3.5×104VP6．带电量相等的两粒子分别垂直进入同一匀强磁场中做匀速圆周运动，如果它们的圆周运动半径恰好相等，这说明它们在刚进入磁场时A．速率相等B．质量和速率的乘积相等C．质量相等D．动能相等7．如图所示一根质量为m的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点，棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流I，方向从M流向N，此时悬线上有拉力。
人教版高中物理选修3-1-高二第一学期期中考试.docx
高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）2012-2013学年高二第一学期期中考试物理试题时间 90分钟分值 100分一、单选题（本大题有8小题，每小题3分，共24分。
每小题只有一个正确答案，选对的得3分，有选错或不答的得0分。
）1、下列公式适用于任何电场的是A．W＝qEd B．U＝Ed C．E＝FqD．E＝kQr22、如图1所示，用带正电的绝缘棒A去靠近原来不带电的验电器B，B的金属箔张开，则A、金属球和金箔片均带正电B、金属球带负电，金箔片带正电C、金属球带正电，金箔片带负电D、金属球、金箔片均不正电3、关于点电荷，以下说法正确的是A．足够小的电荷就是点电荷B．一个电子，不论在何种情况下均可看为点电荷C．体积大的带电体肯定不能看成点电荷+++++ 图1D．带电体如果本身大小和形状对它们间的相互作用影响可忽略，则可视为点电荷4、真空中，A、B两点与点电荷Q的距离分别为r和3r则A、B两点的电场强度大小之比为A．3：1 B．1：3 C．9：1 D．1：95、关于等势面的说法正确的是A．电荷在等势面上移动时不受电场力的作用，所以说电场力不做功B．等势面上各点的场强大小相等C．等势面不一定跟电场线垂直D．两个等势面永不相交6、在示波管中,电子枪2 s发射了6×1013个电子,则示波管中电流的大小为A.4.8×10-6 AB.3×10-13 AC.3×10-6 AD.9.6×10-6 A7、一充电后的平行板电容器保持两板间的正对面积、间距和电荷量不变，在两板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是A．C和U均增大 B．C增大，U减小C．C减小，U增大 D．C和U均减小8、A、B、C三点在同一直线上，AB:BC＝1:2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷。
当在A处放一电荷量为＋q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为－2q的点电荷，其所受电场力为（）A、－F/2B、F/2C、－FD、F二、多选题（本大题有6小题，每小题4分，共24分。
重庆高二高中物理期中考试带答案解析
重庆高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是( )A ．感应电动势的大小与线圈的匝数无关B ．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C ．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同D ．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大2.玻璃杯从同一高度落下掉在石头上比掉在草地上容易碎是由于玻璃杯与石头撞击过程中( ) A ．玻璃杯的动量较大 B ．玻璃杯受到的冲量较大 C ．玻璃杯的动量变化较大 D ．玻璃杯的动量变化较快3.将阻值为5Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示。
下列说法正确的是（ ）A ．电路中交变电流的频率为0.25 HzB ．通过电阻的电流为AC ．电阻消耗的电功率为2.5 WD ．用交流电压表测得电阻两端的电压是5 V4.如图所示，A 、B 两物体的质量比m A ∶m B =3∶2，它们原来静止在平板车C 上，A 、B 间有一根被压缩了的弹簧，A 、B 与平板车上表面间动摩擦因数相同，地面光滑.当弹簧突然释放后，则下列说法正确的是（ ）①A 、B 系统动量守恒 ②A 、B 、C 系统动量守恒 ③小车向左运动 ④小车向右运动 A. ①③ B. ②③ C. ②④ D. ①④5.图甲所示，一个圆形线圈的匝数n =100，线圈面积S ＝0.2m 2，线圈的电阻r =1Ω，线圈外接一个阻值R ＝4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙方所示。
下列说法中正确的是（ ）A ．线圈中的感应电流方向为顺时针方向B ．电阻R 两端的电压随时间均匀增大C ．线圈中的感应电流的大小为0.1AD．线圈电阻r消耗的功率为0.04W6.如图所示，在坐标系xOy中，有边长为a的正方形金属线框ABCD，其一条对角线AC和y轴重合,顶点A位于坐标原点O处．在y轴的右侧的一、四象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的AB边刚好完全重合，左边界与y轴重合，右边界与y轴平行．t＝0时刻，线框以恒定的速度v沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域．取沿A→B→C→D→A的感应电流方向为正，则在线框穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t变化的图象正确的是( )A．B．C．D．7.如图所示，一质量M=3.0kg的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量m=1.0kg的小木块A。
重庆市部分区县高二物理上学期期末联考试题新人教版
重庆市部分区县2013—2014学年度（上）高中联考高二物理试题（时间100分钟，满分100分）考生注意：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，请将第Ⅰ卷选择题的答案填在机读卡上，第Ⅱ卷用钢笔直接答在试卷上（无机读卡的学校请填在选择题答案的表格中）。
2．答题前，先将密封线内的项目填写清楚。
考试结束，交机读卡和试卷。
第Ⅰ卷（选择题）一、选择题（每小题只有一个选项是正确的，每小题4分，共48分） 1．用比值法定义物理量是物理学中常用的一种方法，以下公式中不．属于定义式的是 A ．电流强度I ＝t qB ．电容器电容C ＝U QC ．导体电阻R ＝I UD ．真空中点电荷电场强度E ＝k 2rq2．关于静电场和磁场的说法，正确的是A ．电场中场强越大的点，电势一定越高B ．电场中某点的场强与试探电荷的电荷量成反比C ．磁场磁感应强度的方向就是通电直导线的受力方向D ．静电荷产生电场的电场线不闭合，条形磁铁磁场的磁感线是闭合的3．一节干电池的电动势为1.5V ，这表示A ．电路中每通过1C 的电量，该电池能将1.5J 的化学能转化为电能B ．该电池接入电路工作时，电池两极间的电压恒为1.5VC ．该电池存储的电能一定比电动势为1. 2V 电池存储的电能多D ．将1C 电量的电荷由该电池负极移送到正极的过程中，静电力做了1.5J 的功4．如图1-1所示，方框中有一能产生磁场的装置，在方框右边放一通电直导线（电流方向如图1-1中箭头方向），发现通电导线受到向右的作用力，则方框中放置的装置可能是图1-2 中的哪个图1—1垂直纸面的通电导线B通电直导线DI通电螺线管A 通电圆环C5．来自宇宙的质子流，以与地球表面垂直的方向射向赤道上空的某一点，则这些质子在进入地球周围的空间时，将 A ．相对于预定地点向东偏转 B ．相对于预定地点向西偏转 C ．相对于预定地点向南偏转 D ．相对于预定地点向北偏转 6．如图2所示，在一蹄形磁铁两极之间放一个矩形线框abcd ，磁铁 和线框都可以绕竖直轴OO ′自由转动。
最新人教版高二物理上学期期中考试题及答案(K12教育文档)
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高二物理3-1阶段性检测一、本题共10小题(每小题4分，共52分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确．全部选对的得3分,选不全的得2分，有选错或不答的得0分．)1.某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为U P和U Q，则（）A．E P＞E Q，U P＞U QB．E P＞E Q，U P＜U QC．E P＜E Q，U P＞U QD．E P＜E Q，U P＜U Q2.。
如图所示,一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹。
M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点。
不计重力，下列表述正确的是（）A．粒子在M点的速率最大B．粒子所受电场力沿电场方向C．粒子在电场中的加速度不变D．粒子在电场中的电势能始终在增加3.图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线。
两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等。
现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示。
点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c 点。
若不计重力,则（）A. M带负电荷,N带正电荷B。
N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C. N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D. M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零4。
2013-2014学年度高二第一学期期中考试
2013－2014学年度高二第一学期期中考试理科 高二物理第Ⅰ卷一、单项选择题：（本大题共12小题；每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项 中，只有一项是符合题目要求的。
）1、在物理学建立的过程中，有许多伟大的科学家作出了贡献. 关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（ ）A. 安培成功地发现了电流的磁效应B. 洛伦兹通过实验测定了磁场对电流的作用力C. 卡文迪许利用卡文迪许扭秤首先较准确地测定了静电力常量D. 法拉第通过大量的实验研究发现了电磁感应现象 【答案】D 【解析】A 、奥斯特发现了电流的磁效应，故A 错误；B 、安培通过实验测定了磁场对电流的作用力，故B 错误；C 、库仑利用库仑扭秤首先较准确地测定了静电力常量，故C 错误； 故选D 。
【考点】物理学史2、比值定义法是物理学中一种常用的方法，下面表达式中不属于比值定义法的是（ ）A ．电流R U I =B ．磁感应强度 B ＝IL FC ．场强q F E = D ．电势 ϕ＝qE P 【答案】A【解析】电流的定义式QI t=，故A 错误； 故选A 。
【考点】电流；磁感应强度；电场强度；电势3、下列关于感应电动势的说法中，不正确的是（ ）A ．不管电路是否闭合，只要穿过电路的磁通量发生变化，电路中就有感应电动势B ．感应电动势的大小跟穿过电路的磁通量的变化量成正比C ．感应电动势的大小跟穿过电路的磁通量的变化率成正比D ．感应电动势的大小跟穿过回路的磁通量多少无关，但跟单位时间内穿过回路的磁通量变化有关 【答案】B【解析】产生感应电动势的条件：电路的磁通量发生变化； 法拉第电磁感应定律：E n t∆Φ=∆，即E 与磁通量的变化率成正比；故B 错误。
故选B 。
【考点】产生感应电动势的条件；法拉第电磁感应定律 4、霍尔元件能转换哪两个量（ ） A ．把温度这个热学量转换为电阻这个电学量B ．把磁感应强度这个磁学量转换为电压这个电学量C ．把力转换为电压这个电学量D ．把光照强弱这个光学量转换为电阻这个电学量 【答案】B【解析】如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B 垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流I ，C 、D 两侧面会形成电势差U CD ，故霍尔元件是把磁感应强度这个磁学量转换成电压这个电学量。
高二物理上学期期中考试试题附答案
2013—2014学年度第一学期高二物理中期考试试题第Ⅰ卷（选择题共60分）一、单项选择题（本题共12小题，每小题只有一个正确选项，每小题3分，共36分。
）1．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上的感应电荷的分布情况，正确的是( )2．某静电场的电场线分布如图所示，图中P 、Q 两点的电场强度的大小分别为E P 和E Q ，电势分别为P ϕ和Q ϕ，则（ ） A ．E P ＞E Q ，P ϕ＞Q ϕ B ．E P ＞E Q ，P ϕ＜Q ϕ C ．E P ＜E Q ，P ϕ＞Q ϕ D ．E P ＜E Q ，P ϕ＜Q ϕ3．带正电荷的粒子只受到电场力作用从静止开始运动，它在任意一段时间内( ) A ．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动 B ．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C ．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D ．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动4．电场中有A 、B 两点，A 点的电势φA ＝30 V ，B 点的电势φB ＝10 V ，一个电子由A 点运动到B 点的过程中，下列说法中正确的是( )A ．电场力对电子做功20 eV ，电子的电势能减少了20 eVB ．电子克服电场力做功20 eV ，电子的电势能减少了20 eVC ．电场力对电子做功20 eV ，电子的电势能增加了20 eVD ．电子克服电场力做功20 eV ，电子的电势能增加了20 eV 5．如图所示，在两个固定电荷＋q 和－q 之间放入两个原来不带电的导体，1、2、3、4为导体上的四个点，在达到静电平衡后，各点的电势分别是φ1、φ2、φ3、φ4，则( )A ．φ4＞φ3＞φ2＞φ1B ．φ4＝φ3＞φ2＝φ1C ．φ4＜φ3＜φ2＜φ1D ．φ4＝φ3＜φ2＝φ16、如图所示，先接通S 使电容器充电，然后断开S ．当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q 、电容C 、两板间电势差U ，电容器两极板间场强E 的变化情况是 ( ) A ．Q 变小，C 不变，U 不变，E 变小 B ．Q 变小，C 变小，U 不变，E 不变 C ．Q 不变，C 变小，U 变大，E 不变 D ．Q 不变，C 变小，U 变小，E 变小7．如右图所示，两极板与电源相连接，电子从负极板边沿垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边沿飞出，现在使电子入射速度变为原来的两倍，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边沿飞出，则两极板的间距应变为原来的( )A ．2倍B ．4倍 C.12倍 D.14倍 8.如图所示，将左边的铜导线和右边的铝导线连接起来，已知截面面积S 铝=2S 铜，在铜导线上取一截面A ，在铝导线上取一截面B ，若在1 s 内垂直地通过它们的电子数相等，那么，通过这两截面的电流的大小关系是( )A.I A =I BB.I A =2I BC.I B =2I AD.不能确定 9、以下有关电动势的说法正确的是（ ）A 、电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电量成反比B 、电动势的单位跟电压的单位一致，所以电动势就是两极间的电压C 、非静电力做的功越多，电动势就越大D 、电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的10．一个定值电阻，两端电压为2 V ，通过的电流是0.5 A 如果两端的电压是6 V ，要测量流过的电流，电流表的量程可选用( )A ．0.5B ．1 AC ．2 AD ．10 A11、一电流表的满偏电流Ig=1mA ，内阻为200Ω。
20132014高二上学期期中考试.doc
N S A i t o i t o it o i t o B C D新课标高二上学期期中考试物 理 试 题（范围：选修3－2）注意事项：第I 卷（选择题，共40分）一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分；选不全的得2分；有选错或不答的得零分。
1．处在磁场中的一闭合线圈，若没有产生感应电流，则可以判定 （ ） A ．线圈没有在磁场中运动 B ．线圈没有做切割磁感线运动C ．磁场没有发生变化D ．穿过线圈的磁通量没有发生变化2．平行闭合线圈的匝数为n ，所围面积为S ，总电阻为R ，在t ∆时间内穿过每匝线圈的磁通 量变化为∆Φ，则通过导线某一截面的电荷量为 （ ）A ．R ∆ΦB ．R nS ∆ΦC ．tR n ∆∆ΦD ．Rn ∆Φ3．如图示，金属杆ab 以恒定的速率v 在光滑的平行导轨上向右滑行，设整个电路中总电阻为R （恒定不变），整个装置置于垂直于纸面向里的匀强磁场中，下列说法正确的是 （ ）A ．ab 杆中的电流与速率v 成正比B ．磁场作用于ab 杆的安培力与速率v 成正比C ．电阻R 上产生的电热功率与速率v 成正比D ．外力对ab 杆做功的功率与速率v 成正比4．一磁棒自远处沿一圆形线圈的轴线匀速运动，并穿过线圈向远处而去，如图所示。
则下列四个图中能正确反映线圈中I 与时间t 关系的是（线圈中电流以图示箭头为正方向）（ ）5．如图所示，A 和B 是电阻均为R 的电灯，L 是自感系数较大的线圈，当S 1闭合、S 2断开 且电路稳定时，A 、B 亮度相同，再闭合S 2，待电路稳定后将S 1断开，下列说法中，正确的是 （ ）A ．B 灯立即熄灭a b RA 2V A 1B ．A 灯将比原来更亮一下再熄灭C ．有电流通过B 灯，方向为c →dD ．有电流通过A 灯，方向为a →b 6．如图所示，理想变压器初级线圈的匝数为1n ，次级线圈的匝数为2n ，初级线圈两端a 、b接正弦交流电源，电压表V 的示数为220V ，负载电 阻为Ω=44R 时，电流表A 1的示数是0.20A 。
重庆八中2013-2014学年高二物理上学期期中试题新人教版
重庆八中2013—2014学年度（上）半期考试高二年级物理试题一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题意；每小题4分，共40分） 1.下列关于磁场的说法正确的是（ ）A. 一小段通电导线在磁场中的受力方向就是该处磁感应强度的方向B. 一小段通电导线在某处不受磁场力的作用，则该处磁感应强度一定为零C. 物理学上用单位质量的小磁针在磁场中某点受到的力来表征该点磁场的强弱D. 物理学上用一小段通电导线垂直于磁场方向摆放在某点时，受到的磁场力与该小段导线的长度和电流的乘积的比值来表征该点磁场的强弱2．在图所示的电路中，合上电键S 后，下列说法正确的是（ ） A ．电流表读数变大，电压表读数变大 B ．电流表读数变小，电压表读数变小 C ．电流表读数变小，电压表读数变大 D ．电流表读数变大，电压表读数变小3 如图所示，MN 是一负点电荷产生的电场中的一条电场线.一个带正电的粒子（不计重力）从a 到b 穿越这条电场线的轨迹如图中虚线所示.下列结论正确的是（ ） A.负点电荷一定位于M 点左侧B.带电粒子在a 点的加速度大于在b 点的加速度C.带电粒子在a 点时的电势能小于在b 点时的电势能D.带电粒子从a 到b 过程中动能逐渐减小 4. 如图是小强在做“探究串联电路中电流、电压特点”实验时连接的实物电路.当开关闭合时，发现灯L 1不亮、灯L 2亮，电流表和电压表均有读数.则出现此故障的原因可能是（ ） A ．灯L 2断路 B.灯L 1短路C ．灯L 1断路 D.灯L 2短路5.图中电源电动势E ＝12 V ，内电阻r ＝0.5 Ω。
将一盏额定电压为8 V ，额定功率为16 W 的灯泡与一只线圈电阻为0.5 Ω的直流电动机并联后和电源相连，灯泡刚好正常发光.则下列说法正确的是（ ） A.电动机两端的电压是12V B.通过电动机的电流时16A C.通过电动机的电流是6A D.电源内阻的热功率是16W6．如图所示，蹄形磁体用悬线悬于O 点，在磁铁的正下方有一水平放置的长直导线，当导线中通以由左向右的电流时，蹄形磁铁的运动情况将是（ ）A ．静止不动B ．向纸外平动C ．N 极向纸外，S 极向纸内转动D ．N 极向纸内，S 极向纸外转动7.如图所示，两根垂直纸面平行放置的直导线a 和b ，通有大小相等的电流．在纸面上距a 、b 等距处有一点P ，若P 点的合磁感应强度B 的方向水平向左，则导线a 、b 中的电流方向是（ ） A ．a 中垂直纸面向里，b 中垂直纸面向外 B ．a 中垂直纸面向外，b 中垂直纸面向里 C ．a 、b 中均垂直纸面向外 D ．a 、b 中均垂直纸面向里9.两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关，电源即给电容器充电。
高二物理上学期期中考试试题1
高二物理上学期期中考试试题1第I卷（选择题共60分）一、选择题（每小题4分，共６０分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分，请将正确答案填涂到答题卡上）１、真空中有两个点电荷Q1和Q2，它们之间的静电力为F，下面哪些做法能够使它们之间的静电力变为1.5FA．使Q1的电量变为原先的2倍，Q2的电量变为原先的3倍，同时使它们的距离变为原先的2倍B．使每个电荷的电量都变为原先的1.5倍，距离变为原先的1.5倍C．使其中一个电荷的电量和它们的距离变为原先的1.5倍D．保持它们的电量不变，使它们的距离变为原先的2/3倍２、如图所示，电灯L1、L2上分别有“220V，100W”、“220V，40W”字样，那么A．a、b接220V电压时，L1、L2均能正常发光B．a、b接440V电压时，L1、L2均能正常发光C．不管a、b两端接多少伏电压，L1、L2都不可能正常发光；D．不管a、b两端接多少伏电压，L1确信不能正常发光；３、关于电源电动势，以下说法中正确的是A．电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，因此当电源接入电路时，电动势将发生变化B．在闭合电路中，并联在电源两端电压表的读数是电源的电动势C．电源电动势是表示电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量D．在闭合电路中，电源电动势在数值上等于内外电压之和４、关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是A．磁感线从磁体的N极动身，终止于S极B ．磁感线能够表示磁场的方向和强弱C ．沿磁感线方向，磁场逐步减弱D ．因为异名磁极相互吸引，因此放入通电螺线管内的小磁针的Ｎ极一定指向螺线管的Ｓ极５、已知π+介子、π—介子差不多上由一个夸克（夸克u 或夸克d ）和一个反夸克（反夸克u 或反夸克d ）组成的，它们的带电量如下表所示，表中e 为元 π+ π—u d ud带电量+e－e+e 32 e 31- e 32- e 31+A ．π+由u 和d 组成B ．π+由d 和u 组成C ．π—由u 和d 组成 D ．π—由d 和u 组成６、两根长直漆包线交叉放置并分别通以如图所示的电流Ｉ，那么两根电流的磁场在导线平面内方向一致的是A ．区域１、２B ．区域３、４C ．区域１、３D ．区域２、４７、如图所示电路，开关S 闭合后，四个灯泡都正常发光，某时刻t ，L 4因灯丝烧断而突然熄灭，假设其它三灯丝都没烧断，则A ．L 2变暗，L 3更亮，L 1不变B ． L 1、L 3更亮，L 2变暗C ．L 1更亮，L 2、L 3变暗D ．L 1、L 2、L 3都更亮８、如图所示，匀强电场方向竖直向下，在此电场中有a 、b 两个带电微粒（不计微粒间的相互作用），分别竖直向上、竖直向下做匀速运动，则下列说法中正确的是A ．两带电微粒带异种电荷１２ ３４Ｉ ＩB ．两微粒所受的电场力等大、反向C ．带电微粒a 重力势能、电势能均增加D ．带电微粒b 电势能增加，机械能减小９、如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。
重庆市重庆一中2013-2014学年高二物理上学期期中试题新人教版
秘密★启用前2013年重庆一中高2015级高二上期半期考试物 理 试 题 卷（理科） 2013.11物理试题分选择题和非选择题两部分，满分110分，考试时间90分钟。
注意事项：1.答题前，务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡规定的位置上．2.答选择题时，必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号．3.答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上．4.所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效．一、单项选择题（共32分，8小题，每小题4分，每小题只有一个正确答案）1．下列关于磁场和磁感线的描述，正确的是 A ．磁铁能产生磁场，电流也能产生磁场； B ．磁感线从磁体的N 极出发，终止于磁体的S 极; C ．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱；D ．磁感线只能表示磁场的方向，不能表示磁场的强弱。
2．如图所示，上端固定在天花板上的绝缘轻绳连接带电小球a ，带电小球b 固定在绝缘水平面上，可能让轻绳伸直且a 球保持静止状态的情景是3．(原创)如图实线为真空中一对孤立等量异种点电荷间的一条电场线，b 为电场线的中点，a 、c 为电场线上关于b 对称的两点，d 为a 、c 连线（虚线）中点.下列说法正确的是A ．a 点电势等于c 点电势;B ．a 点电势高于c 点电势；C ．b 点电势高于d 点电势;D ．b 点电势低于d 点电势.4．如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U ，静电计指针张角会随电势差U 的变大而变大，现使电容器带电并保持总电量不变，下列哪次操作能让静电计指针张角变大A ．仅减小两极板之间的距离；B ．仅将A 板稍微上移；C ．仅将玻璃板插入两板之间；D ．条件不足无法判断。
Aba abDBb aCba b 第3题图第4题图第7题图5．如图所示，a 为带正电的小物块，b 是一不带电的绝缘物块(设a 、b 间无电荷转移)，a 、b 叠放于粗糙的水平地面上，地面上方有垂直纸面向里的匀强磁场．现用水平恒力F 拉b 物块，使a 、b 一起由静止开始向左做无相对滑动的加速运动，其中x 、v 为a 、b 的位移、速度；f 、F N 为a 、b 间的摩擦力、正压力，则在加速运动阶段下列图像正确的是6．光滑的平行导轨（图中粗线）与电源连接后，倾斜放置，导轨上放一个质量为m 的金属导体棒．通电后，导体棒电流垂直纸面向外，在棒所在区域内加一个合适的匀强磁场，可以使导体棒静止平衡，下面四个图中分别加了不同方向的磁场，其中一定不．能平衡的是7．如图所示，电源电动势为E ，内阻为r ，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是．A ．电流表A 的读数变小；B ．电压表V 的读数变小；C ．小灯泡L 1、L 2均变暗, L 3变亮；D ．小灯泡L 1、L 3变亮，L 2变暗。
2013-2013学年第一学期期中考试试卷高二物理(选修1-1).docx
2013—2014 学年第一学期期中考试试卷高二物理（选修1—1）（考试时间： 90分钟，满分： 100 分）班级：姓名：得分：一、单项选择题（每题 3 分，共计54 分）题号123456789答案题号101112131415161718答案1、关于摩擦起电、接触起电、感应起电，下列说法中不正确．．．的是（）A．三种方式的实质是一样的，都是电子的转移B．三种方式都产生了新电荷C．三种方式都符合电荷守恒定律D．摩擦起电、接触起电要求都要接触，而感应起电不要接触F可知，电场强度 E的单位是 ( )2、由公式EqA．库（ C） B安（ A）C．牛 / 库（ N/C）D．伏（ V）3、关于电场线，下列说法中正确的是（）A. 电场线可以相交B.电场线是真实存在的C. 电场线没有方向D.电场线的疏密表示电场的强弱4、如图所示某电场的电场线，A、 B、C 三点的电场强度 E 大小关系是（）A. E＜E ＜EB. E＞E ＞EA B C A B CC. E＞E ＞ED. E＜E ＜EB AC B C A5、随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多。
下列电器中主要利用电流的热效应工作的是（）A. 电风扇B.电视机C.洗衣机D. 电饭煲6、发现电流的磁效应的科学家是()A．奥斯特 B．法拉第C．赫兹D．焦耳7、关于磁场，说法正确的是()A．只有磁铁才能产生磁场B．地磁的 N 极就是地理的北极C．磁铁只能吸铁D．磁场的方向是小磁针静止时N 极所指的方向8、关于磁感线，说法中正确的是（）A．磁感线是闭合的，可以相交B．磁感线疏密程度反映磁场的强弱C．磁感线总是从N极出发，到S 极终止D．磁感线是磁场中实际存在的线9、哪一位物理学家首先提出，磁场对运动电荷有作用力()A．牛顿B．安培C．洛伦兹D．奥斯特10、一块磁铁从高处掉到地上，虽然没有断，但磁性变弱了，这是因为（ ）A ．磁铁被磁化了 B．磁铁因剧烈震动而退磁了 C ．磁铁是非磁性物质D．以上均不对11、如图，三个线圈放在匀强磁场中，面积 S 1<S 2<S 3 ，穿过三个线圈的磁通量分别为 Φ 1、 Φ 2、Φ 3 ，下列判断正确的是（ ）A ． Φ 1=Φ 2B ． Φ 2=Φ3C ．Φ 1>Φ 2D ． Φ 2<Φ 312、关于通电直导线周围磁场的磁感线分布，下列示意图中正确的是（ ）13、真空中有两个点电荷，它们间的静电力为 F ，如保持它们间的距离不变，将每个的电量都增大为原来的 2倍，则它们间的作用力大小变为 ()A ．F /4B． F /2C．2FD．4F14、某同学画的表示磁场 B 、电流 I 和安培力 F 的相互关系如图所示， 其中正确的是 （ ）15、如图所示，带电粒子进入磁场中，图中的磁场方向 B 、速度 v 方向、洛仑兹力 f 方向标示正确的是（）A ．B ． Ｃ．Ｄ．16、油罐车底部装有一条拖地的铁链，其目的是（）A ．向外界散热B ．作为油罐车标志C ．接地放电，避免电荷积累D ．发出响声，起警示作用17、琥珀经摩擦后能吸引羽毛，它们之间的吸引力主要是（）A ．安培力B ．静电力C ．万有引力D ．洛伦兹力18、在点电荷 Q 激发的电场中 A 点，一试探电荷 q 受到的电场力为 F ，则（）FFA.A 点的电场强度为 EB. AEQ点的电场强度为qC.撤去试探电荷 q,A 点的电场强度就变为零D.当试探电荷 q 的电荷增量为 2q 时，则 A 点的电场强度增大为 2 倍二、填空题（每空 1 分，共计 18 分）19、毛皮摩擦过的橡胶棒带；验电器的工作原理是。
重庆市高二物理上学期期中试题新人教版
重庆市江北中学校2012-2013学年（上期）半期考试高二年级物理试题分值100分 时量：90分钟一、选择题（共12小题，每题4分，共48分，以下各题只有一个答案正确，请把正确答案选出来，填涂在机读卡上）1．关于元电荷和点电荷的理解正确的是 ( ) A ．元电荷就是电子 B ．元电荷就是质子C ．体积很小的带电体就是点电荷D ．点电荷是一种理想化模型2．对于电容C=U Q，以下说法正确的是 ( )A ．一只电容充电荷量越大，电容就越大B ．对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变C ．可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比D ．如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容3．真空中保持一定距离的两个点电荷，若其中一个点电荷的电量增加了21，但仍然保持它们之间的相互作用力不变，则另一点电荷的电量一定减少了（ ）A ．21B ．31C ．41D ．2414．一个检验电荷q 在电场中某点受到的电场力为F ，以及这点的电场强度为E ，图中能正确反映q 、E 、F 三者关系的是（ ）5．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。
在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A 点飞向B 点，径迹如图中虚线所示，由此可知： ①．粒子带正电②．粒子在A 点加速度小③．粒子在B 点动能大④．A 、B 两点相比，B 点电势较低 其中判断正确的是( )A. ①③ B ．②④ C ．①④ D ．②③6．图1展示了四种导电器件的伏安特性曲线，其中满足欧姆定律的是( )7．一根导线，分别通以不同的电流，并保持温度不变，当电流较大时，以下正确的是（ ） A ．单位体积内自由电子数较多 B ．自由电子定向运动的速率较大 C ．自由电子的热运动速率较大 D ．电流的传导速度较大 8．下述关于用多用电表欧姆挡测电阻的说法中正确的是( )A ．测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关S 拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量B ．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C ．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路连通D ．测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零9．某电解池，如果在1s 时间内共有5×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过面积为0.1m2的某截面，那么通过这个截面的电流强度是（ ） A ．0 B ．0.8A C ．1.6A D ．3.2A10．如图，A 、B 、C 三点在匀强电场中，AC ⊥BC ，∠ABC=60°，BC =20cm ，把一个电量q= 1×510-C 的正电荷从A 移到B ，电场力不做功；从B 移到C ，电场力做功为(−3×310-)J ，则该匀强电场的场强大小和方向是( )A ．866V/m ，垂直AC 向上B ．866V/m ，垂直AC 向下 C ．1000V/m ，垂直AB 斜向上D ．1000V/m ，垂直AB 斜向下11．如图所示，在一幢居民楼里有各种不同的用电器，如电灯、电视机、洗衣机、微波炉、排油烟机等．停电时，用多用电表测得A 、B 间的电阻为R ；供电后，设各家用电器全都同时使用时，测得A 、B 间电压为U ，进线电流为I ；经过一段时间t ，从总电能表中测得这段时间内消耗的电能为W ，则下列表达式用来计算该幢楼居民用电的总功率: ①P ＝I2R ②P ＝U2R ③P ＝IU ④P ＝Wt [来其中正确的是( )A ．①③B ．③④C ．②④D ．②:学③科网]12．如图所示，A 、B 、C 、D 为匀强电场中相邻的四个等势面，一个电子垂直经过等势面D 时，动能为20eV ，飞经等势面C 时，电势能为eV 10-，飞至等势面B 时速度恰好为零，已知相邻等势面间的距离为5cm ，则下列说法正确的是（ ）A ．等势面A 的电势为V 10-B ．匀强电场的场强大小为20V/mC ．电子再次飞经D 势面时，动能为10eV D ．电子的运动为匀变速直线运动二、实验探究题（共3小问，每空2分，共14分）13.用电流表和电压表测一节干电池的电动势和内阻(电动势约为1.5 V,内阻为1 Ω以下).除给出的电池、导线和开关外,还有以下器材可供选择: A.直流电流表(0-0.6 A-3 A) B.直流电流表(量程为5 A) C.直流电压表(0-3 V-15 V) D.直流电压表(量程为2 V)E.滑动变阻器(阻值范围为0-20 Ω,额定电流为2 A)F.滑动变阻器(阻值范围为0-1000 Ω,额定电流为0.1 A)(1)为了得到尽可能好的实验效果,实验中电流表应选 ,电压表应选 ,滑动变阻器应选 (均填器材前的字母序号).(2)实验中测得数据如下表,作出U-I 图线如图下右所示.根据图线可知:电池的电动势E= V,内阻r= Ω.(3)若不作出图线,只选用其中两组U 和I 的数据,可利用公式E=U1+I1r 和E=U2+I2r 算出E 和r,这样做可能得出误差较大的数值.则选用第 组和第 组数据,求出的E 和r 误差最大.三、计算解答题（共4小题，共38分，计算时必须有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）14．（6分）将电量为C 9106-⨯的负电荷从电场中A 点移到B 点，克服电场力做了J 6103-⨯的功，再将该电荷从B 点移到C 点，电场力做了J 6102.1-⨯的功，求A 、C 间的电势差UACvA B D15.（8分）如图所示，一对间距d=0.2m、竖直放置的平行金属板M、N分别接于电路中的B、P两点，P为变阻器R2的中点，平行金属板的内部是绝缘（无电流通过）的，其间产生的电场可视为匀强电场。
重庆市示范性高中高二物理上学期期中联考试题(含解析)新人教版
重庆市示范性高中2014-2015学年上学期期中联考高二物理试卷一、单项选择题（共12小题，每题4分，共计48分）1．（4分）对物体带电现象的叙述，正确的是（）A．不带电的物体一定没有电荷B．带电物体一定具有多余的电子C．一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，这过程中电荷不守恒D．摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体或者从物体的一部分转移到物体的另一部分的过程考点：电荷守恒定律；元电荷、点电荷．.分析：电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变．元电荷的电量是最小的带电量．解答：解：A、不带电的物体可能带有等量的正电荷和负电荷，对外显示不带电．故A错误．B、带电物体可能有多余的正电荷，也可能有多余的负电荷．故B错误．C、一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，是因为电荷被中和了，电荷仍然守恒．故C错误．D、摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体或者从物体的一部分转移到物体的另一部分的过程．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键掌握电荷守恒定律，电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变．以及知道元电荷的电量是最小的带电量．2．（4分）关于闭合电路，下列说法中正确的是（）A．闭合电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方B．闭合电路中，电源的路端电压越大，电源的输出功率就越大C．闭合电路中，电流越大，电源的路端电压就越大D．闭合电路中，外电阻越大，电源的路端电压就越大考点：闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律分析电流与外电阻的关系，得出内电压和路端电压的变化．根据推论，当电源的外电阻等于内电阻时，输出功率最大．在闭合电路的外电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方．解答：解：A、在闭合电路的外电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方，而在内电路中，电流总是从电势低的地方流向电势高的地方．故A错误．B、闭合电路中，电源的路端电压越大，说明外电阻越大，根据推论：当电源的外电阻等于内电阻时，输出功率最大，可知，电源的输出功率不一定越大．故B错误．C、闭合电路中，电流越大，内电压越大，则电源的路端电压就越小．故C错误．D、在闭合电路中，外电阻越大，由闭合电路欧姆定律知，电路中的电流越小，内电压越小，则电源的路端电压就越大．故D正确．故选：D．点评：闭合电路中，路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小．抓住电源的内电阻不变，内电压与电流成正比是关键．3．（4分）如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．则（）A．场强E a＞E b，E b＞E cB．电势φa＞φb，φc＞φbC．沿cba路径移动质子与电子，电荷的电势能改变是一样的D．沿bc方向直线射入的电子有可能做曲线运动考点：电势；电场强度；电场线．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：沿电场线电势降低，电场强度的大小与电场线的疏密的关系；沿着电场线方向电势是降低的．明确电荷在电场中的受力特点以及电场力做功情况，从而进一步判断电势能变化情况．根据受力情况，分析电子的运动情况．解答：解：A、根据电场线的疏密表示电场强度的相对大小，可知E a＞E b＞E c．故A正确．B、沿着电场线方向电势是降低的，同一等势面上各点的电势相等，则知φc＞φb=φa．故B错误．C、沿cba路径移动质子与电子，根据公式W=qU，知由于电子与质子的电性相反，电场力对质子做正功，对电子做负功，则质子的电势能减小，电子的电势能增大．故C错误．D、沿bc方向直线射入的电子，所受的电场力沿cb方向，电子做直线运动．故D错误．故选：A．点评：本题关键是明确电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场力做功看电荷的电性和电势差，属于基础问题．4．（4分）（2014•漳州模拟）如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小考点：电场线；电势能．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧．根据电场力做功来判断动能的变化．解答：解：A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；B、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90°，所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B错误，D错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故C正确．故选C．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．5．（4分）在如图所示的四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中a、b两点电势和场强都相同的是（）A．B．C．D．考点：电场强度；电势．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小均相同时，场强才相同．电势是标量，真空中点电荷电场的等势线是以点电荷为球心的球面．解答：解：A、ab两点电势相同，电场强度方向不同，场强不同．故A错误．B、a点电场强度是由匀强电场与点电荷电场场强的合成，a点场强斜向右上方，b点场强斜向右下方，则两点场强不同．故B错误．C、根据对称性，ab两点场强相同，ab在同一等势面上，电势相同．故C正确．D、a点场强方向向上，b点场强方向向下，场强不同．故D错误．故选C点评：矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，相反当大小或方向之一变化时，矢量就变化．6．（4分）一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的阻值为64Ω，则导线原来的电阻值为（）A．128ΩB．32ΩC．4ΩD．2Ω考点：电阻定律．.专题：恒定电流专题．分析：通过导线长度和横截面积的变化，根据电阻定律R=求出电阻的大小．解答：解：一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，则横截面积变为原来的，因为导线的体积不变，则长度变为原来的4倍，根据电阻定律R=，知电阻变为原来的16倍，所以导线原来的电阻为4Ω．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：解决本题的关键掌握电阻定律的公式R=，知道影响电阻的因素．7．（4分）夜间，居民楼的楼道里只是偶尔有人经过，“长明灯”会造成浪费．科研人员利用“光敏”材料制成“光控开关”﹣﹣天黑时自动闭合，天亮时自动断开；利用“声敏”材料制成“声控开关”﹣﹣当有人走动发出声音时自动闭合，无人走动时自动断开．若将这两种开关配合使用，就可以使楼道里的灯变的“聪明”．这种“聪明”的电路是图中的（）A．B．C．D．考点：串联电路和并联电路；常见传感器的工作原理．.专题：恒定电流专题．分析：根据电路的特点可以知道，只有题目的两个条件同时满足的时候，电路才可以接通，由此来分析可能的电路结构．解答：解：在白天时，一般不需要灯照明的；天黑以后，特别是夜深人静时，一般也不需要灯照明的，也就是说天黑且人在楼道里走动时需要．A、“声控开关”闭合时，发生短路；所以A错误．B、不管是“光控开关”，还是“声控开关”各自都能让灯发光，节能目的达不到；所以B错误．C、“光控开关”闭合时，发生短路；所以C错误．D、“光控开关”与“声控开关”同时闭合时，灯才亮，所以达到节能的目的，所以D正确．故选：D．点评：根据电路中元件的串并联的特点来分析电路即可，比较简单，但是这是在生活中的直接的应用，和现实的生活联系比较密切，很好的体现了物理知识在生活中的应用．8．（4分）如图所示，直线A为某电源的U﹣I图线，曲线B为某小灯泡D1的U﹣I图线的一部分，用该电源和小灯泡D1组成闭合电路时，灯泡D1恰好能正常发光，则下列说法中正确的是（）A．此电源的内阻为ΩB．灯泡D1的额定电压为3V，功率为6WC．把灯泡D1换成“3V，20W”的灯泡D2，电源的输出功率将变小D．由于小灯泡B的U﹣I图线是一条曲线，所以灯泡发光过程，欧姆定律不适用考点：电功、电功率；路端电压与负载的关系．.专题：恒定电流专题．分析：电源的外特性曲线与灯泡伏安特性曲线的交点就是灯泡与电源连接时的工作状态，由图可读出工作电压和电流及电源的电动势，从而可算出电源的输出功率．解答：解：A、由图读出电源的电动势为 E=4V，图线A的斜率大小表示电源的内阻，则r=Ω=0.5Ω，故A错误；B、灯泡与电源连接时，A、B两图线的交点表示灯泡的工作状态，则知其电压U=3V，I=2A，则灯泡D1的额定电压为3V，功率为=UI=6W，故B正确．C、把灯泡D1换成“3V，20W”的灯泡D2，由P=知：灯泡D2的正常工作时的电阻为R2===0.45Ω灯泡D1的电阻为R1==Ω=1.5Ω，则知灯泡D2的电阻更接近电源的内阻，电源的输出功率将变大，故C错误；D、小灯泡是纯电阻，欧姆定律是适用的，小灯泡的U﹣I图线之所以是一条曲线，是因为小灯泡电阻随温度的变化发生改变，故D错误；故选：B点评：解决这类问题的关键在于从数学角度理解图象的物理意义，抓住图象的斜率、面积、截距、交点等方面进行分析，更加全面地读出图象的物理内涵．9．（4分）如图所示电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，下列判断错误的是（）A．电源内电路消耗功率一定逐渐增大B．灯泡L2一定逐渐变暗C．电源效率一定逐渐减小D．R上消耗功率一定逐渐变小考点：闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析R1上消耗功率的变化；据功率公式和电源效率公式判断选项．解答：解：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大．A、据P=I2r可知，电源内部消耗的功率增大，故A正确；BD、由于干路电流增大，路端电压减小，所以R1上的电流增大，电压增大；再由于路端电压减小，R1上电压增大，所以L2的电压减小（滑动变阻器R的电压减小），即该灯泡变暗；由于R1上的电流增大，而L2的电流减小，所以通过滑动变阻器R的电流变大，据P=UI可知，R上消耗的功率不一定变小，故B正确，D错误；C、据电源效率公式η=可知，当总电阻减小，电源效率减小，故C正确．本题选错误的是，故选：D．点评：对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．10．（4分）如图所示的电路中，O点接地，当原来断开的开关K闭合时，电路中 A、B两点的电势变化情况是（）A．都降低B．都升高C．U A升高，U B降低D．U A降低，U B升高考点：闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：原来断开的开关K闭合后，电路中电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得出电路中的电流变化；从而得出各部分电路的电压变化，进而得出各点电势的变化．分析时要抓住在外电路中顺着电流方向电势逐渐降低．解答：解：当原来断开的开关K闭合后，电路中电阻减小，总电流增大，R1两端的电压增大，因O点接地，A点的电势比O点的电势高，所以可知A点的电势升高；因R1的电压和内电压均增大，OB间的电压减小，而B点的电势低于O点的电势，故B点电势升高；故B正确；故选：B．点评：本题考查闭合电路欧姆定律的应用，注意电势与电压之间的关系：电压等于电势之差，知道在外电路中顺着电流方向电势逐渐降低．11．（4分）压敏电阻的阻值R随所受压力的增大而减小，某兴趣小组利用压敏电阻设计了判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图甲所示．将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体A，电梯静止时电压表示数为Uo，电梯在某次运动过程中，电压表的示数变化情况如图乙所示，下列判断中正确的是（）A．乙图表示电梯可能做变减速下降B．乙图表示电梯可能做匀减速下降C．乙图表示电梯可能做变减速上升D．乙图表示电梯可能做匀速下降考点：闭合电路的欧姆定律；牛顿第二定律．.专题：恒定电流专题．分析：从U﹣t图象读出压敏电阻的电压随时间的变化情况，根据压敏电阻的特性，判断压敏电阻所受压力的变化情况，结合超失重的知识，确定加速度怎样变化，来判断电梯的运动状态．解答：解：A、电梯变减速下降时，压力大于重力，由其特性知，其电压逐渐减小．与图象的意义相符．故A正确．B、电梯匀减速下降时，加速度不变，压敏电阻所受压力不变，其电压不随时间而变化，与图象情况不符，故B错误．C、电梯变减速上升时，其加速度向下，根据牛顿第二定律，压敏电阻所受压力小于重力，则其电压逐渐增大，与图象意义不符．故C错误．D、电梯匀速下降时，压敏电阻所受压力等于重力不变，其电压不变，与图象反映的情况不符．故D错误故选：A．点评：本题可以根据压敏电阻的特性和牛顿第二定律，将每项逐个代入，检查是否符合题意．代入法也是做选择题常用方法．12．（4分）如图所示，开关K原来是闭合的，当R1、R2的滑片处于图中所示的位置时，悬在平行板电容器的带电尘埃P刚好处于静止状态．要使尘埃加速向下运动的方法是（）A．把R1的滑片向上移动B．把R2的滑片向上移动C．把R2的滑片向下移动D．断开开关K考点：闭合电路的欧姆定律；电容器的动态分析．.专题：恒定电流专题．分析：尘埃P受到重力和电场力而平衡，要使尘埃P向下加速，就要减小电场力，即要减小电场强度；变阻器R2处于分压状态，根据题意，只要减小电容器两端电压就可以减小电场力，从而使尘埃P向下加速运动．解答：解：A、尘埃P受到重力和电场力而平衡，要使尘埃P向下加速，就要减小电场力，故要减小电容器两端的电压；电路稳定时，滑动变阻器R1无电流通过，两端电压为零，故改变R1的电阻值无效果，故A错误；BC、变阻器R2处于分压状态，电容器两端电压等于变阻器R2上半段的电压上，故要减小变阻器R2上半段的电阻值，变阻器R2滑片应该向上移动，故B正确，C错误；D、把闭合的开关k断开，电容器两端电压增大到等于电源电动势，故P向上加速，故D错误；故选：B．点评：本题是简单的力电综合问题，关键先通过受力分析，得到电场力先与重力平衡，后小于重力；然后对电路进行分析，得到减小电容器两端电压的方法．二、实验题（每空2分，共计18分）13．（8分）一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为Ig=50μA，表头电阻R g=1kΩ，若改装成量程为Im=10mA的电流表，应并联（填“串联”或“并联”）的电阻阻值为 5 Ω．若将此电流计改装成量程为Um=15V的电压表，应再串联（填“串联”或“并联”）一个阻值为 2.99×105Ω的电阻．考点：把电流表改装成电压表．.专题：实验题．分析：把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串并联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值．解答：解：把电流表改装成10mA的电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值：R==≈5Ω；把电流表改装成15V的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：R′=﹣R g=﹣1000=2.99×105Ω；故答案为：并联；5；串联；2.99×105．点评：本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表改装原理、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．14．（10分）某同学采用如图甲所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻．提供的器材有，电压表（0～3V；）、电流表（0～0.6A）、滑动变阻器有R1（10Ω，2A）各一只．（1）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U﹣I图线，由图可求出该电源电动势E= 1.46 V；内阻r= 1.78 Ω．（保留三位有效数字）（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．（3）电动势测量值= 真实值，内电阻测量值＞真实值．（填＜，＞，=）考点：测定电源的电动势和内阻．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）由闭合电路欧姆定律分析U﹣I图象的纵轴截距和斜率的意义，可求出电动势和内阻．（2）对照电路图，按顺序连接电路．（3）本实验中误差来自由没有分析电流表与电压表的内阻；则通过电表对电路的影响作出真实值与测量值间的图象，由图象可分析其误差情况；解答：解：（1）由闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir得知，当I=0时，U=E，U﹣I图象斜率的绝对值等于电源的内阻，纵截距即为电动势E=1.46Vr==1.78Ω．（2）对照电路图，按电流方向连接电路，如图所示．（3）图中由于电压表测量值小于电源真实的路端电压；但当外电路断开时，电流表的分压可以忽略，故本接法中电动势是准确的；而测量的电压小于真实值，故由图象可知测量的内阻大于真实值；故答案为：①1.46；1.78；②如图所示；③=；＞点评：本题中误差分析采用图象法，关键在于明确电表内阻对测量结果的影响；注意极限法的应用从而正确得出图象．三、计算（本题共4个小题，共计44分）15．（10分）（2006•江苏）如图所示电路中，电阻R1=R2=R3=10Ω，电源内阻r=5Ω，电压表可视为理想电表．当开关S1和S2均闭合时，电压表的示数为10V．（1）电阻R2中的电流为多大？（2）路端电压为多大？（3）电源的电动势为多大？（4）当开关S1闭合而S2断开时，电压表的示数变为多大？考点：闭合电路的欧姆定律．.专题：压轴题；恒定电流专题．分析：（1）当开关S1和S2均闭合时，电阻R1与R3并联后与R2串联．已知电压表的读数与电阻R2，根据欧姆定律定律求出电阻R2中的电流；（2）求出外电路总电阻，根据U=IR求出路端电压；（3）根据闭合电路欧姆定律求出电源的电动势；（4）当开关S1闭合而S2断开时，电阻R1与R2串联，电压表的读数等于路端电压．再由欧姆定律求出电流和路端电压．解答：解：（1）电阻R2中的电流I==1A（2）外电阻R=R2+=15Ω所以路端电压为：U=RI=15×1=15V（3）根据闭合电路欧姆定律I=得E=I（R+r）代入数据解得E=20V（4）S1闭合而S2断开，电路中的总电流I′==A=0.8A电压表示数U′=I′（R1+R2）=0.8×20V代入数据解得U′=16V．答：（1）电阻R2中的电流是1A；（2）路端电压为15V；（3）电源的电动势是20V；（4）当开关S1闭合而S2断开时，电压表的示数是16V．点评：本题是电路的计算问题，首先要识别电路的结构，其次要明确电压表测量哪部分电路的电压．16．（10分）在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．求：（1）通过电动机的电流是多大？（2）电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：电动机与电阻串联，根据欧姆定律求解电流；根据P=UI求解输入到电动机的电功率；根据P出=UI﹣I2r求解输出功率．解答：解：（1）通过电动机的电流I与流过限流电阻R′的电流相同，由I=得：I===0.1 A（2）由E=Ir+U+U D可得电动机两端电压：U D=E﹣Ir﹣U=6 V﹣0.1×1 V﹣0.3 V=5.6 V所以电动机输入的电功率：P入=U D I=0.56 W电动机的发热功率：P热=I2R=0.02 W电动机的输出功率：P出=P入﹣P热=0.54 W答：（1）通过电动机的电流是0.1A；（2）电动机输入的电功率为0.56W、转变为热量的功率为0.02W和输出机械功率是0.54W．点评：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．17．（10分）一辆有三十多个座位的客车的动力装置的一套电池能反复充电1200多次；每次充电仅需三至五个小时，蓄电量可让客车一次性跑500km，客车时速最高可达180km．如果客车总质量为9×103kg．当它在某城市快速公交路面上以v=90km/h的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=150A，电压U=300V．在此行驶状态下（取g=10m/s2），求：（1）驱动电机的输入功率；（2）若驱动电机能够将输入功率的80%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，求汽车所受阻力的大小；（3）如果当它在某城市快速公交路面上以v=90km/h的速度匀速行驶一段时间后关闭电源（设汽车所受阻力不变），客车滑行的时间是多少？（结果保留三位有效数字）考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．.专题：功率的计算专题．分析：本题（1）根据功率公式P=UI求解即可；题（2）客车匀速行驶时的机械功率P机=fv m，然后再根据P机和P电的关系即可求解；题（3）根据牛顿第二定律求出关闭电源后客车的加速度，然后再根据运动学速度时间关系式即可求解．解答：解：（1）驱动电机的输入功率P电=IU=150×300 W=4.5×104 W．（2）在匀速行驶时P机=0.8P电=Fv=F f vF f==1 440 N．（3）汽车所受阻力不变，可认为做匀减速运动，根据牛顿第二定律：a== m/s2=0.16 m/s2又因为v=at所以t=≈156 s．答：（1）驱动电机的输入功率为4.5×104 W；（2）若驱动电机能够将输入功率的80%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，汽车所受阻力的大小为1440 N；（3）如果当它在某城市快速公交路面上以v=90km/h的速度匀速行驶一段时间后关闭电源（设汽车所受阻力不变），客车滑行的时间是156 s．点评：应明确：①机车启动类问题中匀速时速度最大；②动力机械的额定功率与最大速度关系为P额=fv m．18．（14分）（2006•四川）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm．电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间．若小球带电量为q=1×10﹣2C，质量为m=2×10﹣2kg，不考虑空气阻力．那么（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达A板？（2）此时，电源的输出功率是多大？（取g=10m/s2）考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用；欧姆定律；电功、电功率．.专题：压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．分析：小球恰好运动到A板，根据动能定理列式求解两板间的电压；然后根据欧姆定律求解滑动变阻器的电阻值；最后根据电功率表达式求解电源的输出功率．解答：解：（1）小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到A板时速度为零．设两板间电压为U AB由动能定理得﹣mgd﹣qU AB=0﹣①∴滑动变阻器两端电压U滑=U AB=8 V ②。
重庆高二高中物理期中考试带答案解析
重庆高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列有关光的波粒二象性的说法中，正确的是（）A．有的光是波，有的光是粒子B．光子与电子是同样的一种粒子C．光波与水波是同样的一种波D．大量光子的行为往往显示出波动性2.正弦交变电源与电阻R、交流电压表按照图甲所示的方式连接，R＝10 Ω，交流电压表的示数是10 V．图乙是交变电源输出电压u随时间t变化的图象，则（）A．通过R的电流iR 随时间t变化的规律是iR＝cos100πt(A)B．通过R的电流iR 随时间t变化的规律是iR＝cos50πt(A)C．R两端的电压uR 随时间t变化的规律是uR＝5cos100πt(V)D．R两端的电压uR 随时间t变化的规律是uR＝5cos50πt(V)3.酒精测试仪用于对机动车驾驶人员是否酗酒的现场检测，酒精检测仪是一种半导体酒精气体传感器检测仪．如果传感器的电阻R与酒精气体浓度C关系为（k为一常数），则在如图所示的电路中，酒精气体浓度C与电压表示数U之间的对应关系正确的是（）A．U越大，表示C越大，C与U不成正比B．U越大，表示C越大，C与U成正比C．U越大，表示C越小，C与U不成反比D．U越大，表示C越小，C与U成反比4.用同一光电管研究a、b两种单色光产生的光电效应，得到光电流I与光电管两极间所加电压U的关系如图。
则这两种光（）A．照射该光电管时a光使其逸出的光电子最大初动能大于b光的B．b光强度大于a光强度C．a光波长大于bD．此实验中a光对应的金属逸出功大于b光5.对于如图所示的电路，下列说法正确的是（）A．a、b端接稳恒直流电，灯泡发亮B．a、b端接交变电流，灯泡发亮C．a、b端接交变电流，灯泡发亮，且将电容器电容增大时，灯泡亮度减小D．a、b端接交变电流，灯泡发亮，且将电容器电容减小时，灯泡亮度不变6.如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视作质点，质量相等．Q与轻质弹簧相连．设Q静止，P 以某一初速度向Q运动并与弹簧发生碰撞．在整个碰撞过程中，弹簧具有的最大弹性势能等于（）A．P的初动能B．P的初动能的C．P的初动能的D．P的初动能的7.如图所示，变压器的原、副线圈的匝数比一定，原线圈的电压为U1时，副线圈的输出电压为U2，L1、L2、L3为三只完全相同的电灯，开始时，电键K开启，然后当电键K闭合时（）A．电压U1不变，U2变大B．电灯L1变亮，L2变暗C．电灯L1变暗，L2变亮D．原线圈中的电流变小8.某物体以－定初速度沿粗糙斜面向上滑，如果物体在上滑过程中受到的合冲量大小为Ｉ上，下滑过程中受到的合冲量大小为Ｉ下，它们的大小相比较为（）A．I上> I下B．I上<I下C．I上=I下D．条件不足，无法判定9.如图所示，足够长的传送带以恒定的速率v1逆时针运动，一质量为m的物块以大小为v2的初速度从传送带的P点冲上传送带，从此时起到物块再次回到P点的过程中，下列说法正确的是（）A．合力对物块的冲量大小一定为2 mv2B．合力对物块的冲量大小一定为2 mv1C．合力对物块的冲量大小可能为零D．合外力对物块做的功可能为零10.能证明光的波粒二象性的实验分别是（）A．光的干涉现象和光电效应B．光的衍射现象和康普顿效应C．光的反射和折射现象D．光的反射现象和小孔成像11.如图所示，A 、B 两物体的质量比m A ∶m B =3∶2，它们原来静止在平板车C 上，A 、B 间有一根被压缩了的弹簧，A 、B 与平板车上表面间动摩擦因数相同，地面光滑．当弹簧突然释放后，则有（ ）A ．A 、B 系统动量守恒 B ．A 、B 、C 系统动量守恒 C ．小车向左运动D ．小车向右运动12.如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，如果用d 表示薄片的厚度， B 为磁场的磁感应强度、I 为通过霍尔元件的电流，以下说法中正确的是（ ）A ．只增加磁感应强度B 的大小，U H 将变大 B ．只增加电流I 的大小，U H 将变大C ．U H 与电流I 的大小无关D ．改变磁感线与霍尔元件工作面的夹角，U H 将发生变化13.矩形滑块由不同材料的上下两层粘结在一起组成，将其放在光滑的水平面上，如图所示，质量为m 的子弹以速度v 水平射入滑块，若射击上层，则子弹刚好不穿出；若射击下层，整个子弹刚好嵌入，则上述两种情况相比较（ ）A ．两次子弹对滑块做的功一样多B ．两次滑块受的冲量一样大C ．子弹射入下层过程中克服阻力做功较少D ．子弹射入上层过程中系统产生的热量较多二、实验题1.某实验小组探究一种热敏电阻的温度特性．现有器材：直流恒压电源(在正常工作状态下输出的电压恒定)、电流表（内阻不计）、待测热敏电阻、保温容器、温度计、开关和导线等．(1)若用上述器材测量热敏电阻的阻值随温度变化的特性，请你在图甲的实物图上连线．甲 乙 (2)补充完成实验的主要步骤：①正确连接电路，在保温容器中注入适量冷水，接通电源，调节并记录电源输出的电流值；②在保温容器中添加少量热水，待温度稳定后，闭合开关，__________，__________，断开开关； ③重复第②步操作若干次，测得多组数据．(3)实验小组算得该热敏电阻在不同温度下的阻值，并据此绘得图乙R －t 关系图线，请根据图线写出该热敏电阻的R －t 关系式：R ＝______＋_______t (Ω)(保留2位有效数字)．2.气垫导轨是常用的一种实验仪器，它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦．我们可以用带竖直挡板C 和D 的气垫导轨以及滑块A 和B 来探究碰撞中的不变量，实验装置如图所示(弹簧的长度忽略不计)，采用的实验步骤如下：a ．用天平分别测出滑块A 、B 的质量m A 、m B ．b ．调整气垫导轨，使导轨处于水平．c ．在A 和B 间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止地放置在气垫导轨上．d ．用刻度尺测出A 的左端至C 板的距离L 1.e ．按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A 、B 运动时间的计时器开始工作．当A 、B 滑块分别碰撞C 、D 挡板时停止计时，记下A 、B 分别到达C 、D 的运动时间t 1和t 2．(1)实验中还应测量的物理量是____________________________________________．(2)利用上述测量的实验数据，得出关系式________成立，即可得出碰撞中守恒的量是mv 的矢量和，上式中算得的A 、B 两滑块的动量大小并不完全相等，产生误差的原因是__________________________（至少列出一项）．三、计算题1.锌的逸出功是W ，现将波长λ的光照射锌的表面．已知光速为c ，普朗克常数为h ，电子电量为e ． (1)求光电子的最大初动能； (2)求遏止电压； (3)求锌的截至频率．2.如图所示，长L 的绳一端固定于O ，另一端栓一个质量为M 的木块并自然下垂．当质量为m 的子弹水平射入木块后，它们一起摆动的最大偏角为θ ．求子弹射入木块前的速度．3.发电机输出功率为100 kW ，输出电压是250 V ，用户需要的电压是220 V ，输电线电阻为10 Ω.若输电线中因发热而损失的功率为输送功率的4%，试求： (1)用户得到的电功率是多少？(2)在输电线路中设置的升、降压变压器原副线圈的匝数比．4.如图所示，一质量为M 的平板车B 放在光滑水平面上，在其右端放一质量为m 的小木块A ，m ＜M ，A 、B 间动摩擦因数为μ，现给A 和B 以大小相等、方向相反的初速度v 0，使A 开始向左运动，B 开始向右运动，最后A 不会滑离B ，求：(1)A 、B 最后的速度大小和方向；(2)从地面上看，小木块向左运动到离出发点最远处时，平板车向右运动的位移大小．5.如题图所示，在光滑水平面上静止有质量均为m 的滑槽A 和木板B ，木板B 上表面粗糙，滑槽A 上有光滑的1/4圆弧轨道，其圆弧轨道O 点切线水平且与木板B 上表面相平，A 、B 靠在一起．一可视为质点的物块C ，质量也为m ，从木板B 的右端以初速度v 0滑上木板．已知物块C 与木板B 的动摩擦因数为，第一次刚至O 点时速度为，随后滑上滑槽A ，A 、B 分离．求：(1)物块C 第一次刚至O 点时木板B 的速度v ； (2)木板的长度L ；(3)物块C 第二次返回到O 点时滑槽A 的速度大小．重庆高二高中物理期中考试答案及解析一、选择题1.下列有关光的波粒二象性的说法中，正确的是（）A．有的光是波，有的光是粒子B．光子与电子是同样的一种粒子C．光波与水波是同样的一种波D．大量光子的行为往往显示出波动性【答案】D【解析】光的波粒二象性的含义是大量的光表现为波动性，少量光表现为粒子性，光是一份一份的，ABC错2.正弦交变电源与电阻R、交流电压表按照图甲所示的方式连接，R＝10 Ω，交流电压表的示数是10 V．图乙是交变电源输出电压u随时间t变化的图象，则（）A．通过R的电流iR 随时间t变化的规律是iR＝cos100πt(A)B．通过R的电流iR 随时间t变化的规律是iR＝cos50πt(A)C．R两端的电压uR 随时间t变化的规律是uR＝5cos100πt(V)D．R两端的电压uR 随时间t变化的规律是uR＝5cos50πt(V)【答案】A【解析】交流电压表测量的是有效值，U=IR=10V，I=1A峰值为，周期为0.02s，角速度，由交变电压瞬时值表达式可知A对；3.酒精测试仪用于对机动车驾驶人员是否酗酒的现场检测，酒精检测仪是一种半导体酒精气体传感器检测仪．如果传感器的电阻R与酒精气体浓度C关系为（k为一常数），则在如图所示的电路中，酒精气体浓度C与电压表示数U之间的对应关系正确的是（）A．U越大，表示C越大，C与U不成正比B．U越大，表示C越大，C与U成正比C．U越大，表示C越小，C与U不成反比D．U越大，表示C越小，C与U成反比【答案】A【解析】由闭合电路欧姆定律，C越大，酒精气体传感器电阻越小，回路电流越大，电压表示数IR2越大，，，，C与U不成正比，A对；4.用同一光电管研究a、b两种单色光产生的光电效应，得到光电流I与光电管两极间所加电压U的关系如图。
高二物理上学期期中-重庆市万州二中2013-2014学年高二上学学期期中考试物理试题及答案试题
重庆市万州二中2013-2014学年高二上学学期期中考试物理试题一．选择题（本题共7小题，每小题6分，共42分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．两个分别带有电荷量+Q 和+3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F ．两小球相互接触后将其固定距离变为2r，则两球间库仑力的大小为（ ）A ．316FB . 163F C. 43F D. 34F2．有一横截面积为S 的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I 。
设每单位体积的导线中有n 个自由电子，电子电量为e ，此时电子定向移动的速度为v ，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（ ） A ．etI ∆ B ．nvS C ．nv △t D ．SetI ∆ 3．将一电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a 、b 为电场中的两点，则下列说法错误的是（ ）A ．a 点的电场强度比b 点的大B ．a 点的电势比b 点的高C ．检验电荷-q 在a 点的电势能比在b 点的大D ．将检验电荷-q 从a 点移到b 点的过程中，电场力做负功4. A 、B 是一条电场线上的两点，若在A 点释放一初速度为零的α粒子（带正电），仅受电．．．场力作用．．．．，并沿电场线从A 运动到B ，其速度随时间变化的规律如图所示．设A 、B 两点的电场强度分别为E A 、E B ，电势分别为φA 、φ B ，则( )A ．E A ＝EB B ．E A <E BC ．φA >φBD ．φA <φB5．如图所示，A 、B 为两块竖直放置的平行金属板，G 是静电计，开关S 合上后，静电计指针张开一个角度．下述哪些做法可使指针张角增大（ ）A．使A、B两板靠近些B．使A、B两板正对面积错开些C．断开S后，使A板向右平移些D．断开S后，使A、B正对面积错开些6．喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）A．电势能逐渐增大B．运动轨迹是抛物线C．运动轨迹与初速度v无关D．运动轨迹与带电量无关7．如图所示，①、②、③是两个等量异种点电荷形成电场中的、位于同一平面内的三个等势线，其中③为直线，①与②、②与③的电势差相等．一重力不计、带负电的粒子进入电场，运动轨迹如图中实线所示．与①、②、③分别交于a、b、c三点，则（）A．若粒子从a到b电场力做功大小为W1，从b到c电场力做功大小为W2，则W1＞W2B．粒子从a到b再到c，电势能不断减少C．a点的电势比b点的电势高D．粒子在c点时的加速度为零二．实验题：本题共1小题，（1）小题6分，（2）、（3）、（4）每小题3分，共15分。
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大足中学2013-2014学年度高二第一学期高2015级半期考试物理试题一、选择题（本大题共8个小题，每题5分，共40分。
每题仅有一个正确选项）1．根据R＝ρLS可以导出电阻率的表达式ρ＝RSL，对温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率( )A．跟导线的电阻R成正比 B．跟导线的横截面积S成正比C．跟导线的长度L成反比 D．只由其材料的性质决定2．如题2图所示为一种利用电磁原理制作的充气泵的结构示意图．其工作原理类似打点计时器．当电流从电磁铁的接线柱a流入，吸引小磁铁向下运动时，以下选项中正确的是( )A．电磁铁的上端为N极，小磁铁的下端也为N极B．电磁铁的上端为S极，小磁铁的下端也为S极C．电磁铁的上端为N极，小磁铁的下端为S极D．电磁铁的上端为S极，小磁铁的下端为N极3．在闭合电路中,下列叙述正确的是( )A．闭合电路中的电流跟电源的电动势成正比,跟整个电路的电阻成反比B．当外电路断开时,路端电压等于零,电流也等于零C．当外电路短路时,电路中的电流趋于无穷大,电压为零D．当外电阻增大时,电源电动势增大4．如题4图，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是( )A．o点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D．a、c两点处磁感应强度的方向不同5．如题5图所示，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑片在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U.现将R2的滑片向b端移动，则三个电表的示数的变化情况是( )A．I1增大，I2不变，U增大 B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大 D．I1减小，I2不变，U减小6．如题6图所示，在平行带电金属板间有垂直于纸面向里的匀强磁场，质子、氘核、氚核沿平行于金属板方向以相同的动能射入两极板间，其中氘核沿直线运动，未发生偏转，质子和氚核发生偏转后射出，则：①偏向正极板的是质子；②偏向正极板的是氚核；③射出时动能最大的是质子；④射出时动能最大的是氚核．以上说法正确的是( ) A．①②B．②③C．③④D．①④7．如题7图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿直径AOB 方向射入磁场，经过Δt 时间从C 点射出磁场，OC 与OB 成60°角．现将带电粒子的速度变为v/3，仍从A 点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为( )A ．12ΔtB ．2ΔtC ．13Δt D ．3Δt8．如题8图甲所示，电压表V 1、V 2串联接入电路中时，示数分别为6 V 和4 V ，当只有电压表V 2接入电路中时，如图乙所示，示数为9 V ，电源的电动势为( )A ．9.8 VB ．10 VC ．10.8 VD ．11.2V第II 卷（非选择题共70分）二、实验题：（每空2分，共18分）9.在做“测定金属丝的电阻率”的实验中，若待测电阻丝的电阻约为 5 Ω，要求测量结果尽量准确，提供以下器材供选择：A ．电池组(3 V ，内阻约1 Ω)B ．电流表(0～3 A ，内阻0.0125 Ω)C ．电流表(0～0.6 A ，内阻约0.125 Ω)D ．电压表(0～3 V ，内阻4 k Ω)E ．电压表(0～15 V ，内阻15 k Ω)F ．滑动变阻器(0～20 Ω，允许最大电流1 A)G ．滑动变阻器(0～2 000 Ω，允许最大电流0.3 A)H ．开关、导线若干(1)实验时应从上述器材中选用_ ___(填写仪器前字母代号)．(2)测电阻时，电流表、电压表、待测电阻R x 在组成测量电路时，应采用电流表________(选填“内”或“外”)接法，测量值比真实值偏________(选填“大”或“小”)．(3)若用螺旋测微器测得金属丝的直径d 的读数如题9图所示，则读数为________mm.(4)若用L 表示金属丝的长度，d 表示直径，测得电阻为R ，请写出计算金属丝电阻率的表达式ρ＝_____．10．为了测量一个“12 V、5 W”的小灯泡的不同电压下的功率，给定了以下器材：电源：12 V ，内阻不计；电流表：0～0.6 A,0～3 A ，内阻可忽略；电压表：0～3 V,0～15 V ，内阻很大；滑动变阻器；阻值范围0～20 Ω，允许最大电流1 A开关一个，导线若干．实验时要求加在灯泡两端的电压可从0 V 调到12 V.(1)请在虚框中画出实验电路图．(2)按画出的电路图，在题10-1图的实物图上连接．(3)某位同学测得小灯泡的伏安特性曲线如题10-2图所示．某次测量时，电流表指针位置如题10-3图所示，电流表读数为______A，此时小灯泡的实际功率为________W.三、计算题（解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只有最后答案而无演算过程的不得分．共52分）11．（10分）如图所示，有一个提升重物用的直流电动机，电阻为r＝0.6 Ω，电路中的固定电阻R＝10 Ω，电路两端的电压U＝160 V，理想电压表的示数U′＝110 V，则通过电动机的电流是多少，电动机的输入功率和输出功率又各是多少？12．（10分）如图所示为质谱仪的原理图，一带电粒子由静止开始经电压U加速后从O孔进入垂直纸面向里的匀强磁场中，并打在了照相底片的P点。
测得OP=L，磁场的磁感应强度为B，求带电粒子的比荷q／m．(不计重力)13．（15分）如题13图所示，在与水平方向成60°角的光滑金属导轨间连一电源，在相距1 m 的平行导轨上放一重为3 N 的金属棒ab ，棒上通过3 A 的电流，磁场方向竖直向上，这时棒恰好静止，求：(1)匀强磁场的磁感应强度．(2)ab 棒对导轨的压力．(3)若要使B 值取最小，其方向应如何调整？并求出最小值．14．（17分）如题14图所示，两块水平放置、相距为d 的长金属板接在电压可调的电源上．两板之间的右侧区域存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．将喷墨打印机的喷口靠近上板下表面，从喷口连续不断喷出质量均为m 、水平速度均为v 0、带相等电荷量的墨滴．调节电源电压至U ，墨滴在电场区域恰能沿水平向右做匀速直线运动；进入电场、磁场共存区域后，最终垂直打在下板的M 点．(1)判断墨滴所带电荷的种类，并求其电荷量；(2)求磁感应强度B 的值；(3)现保持喷口方向不变，使其竖直下移到两板中间的位置．为了使墨滴仍能到达下板M 点，应将磁感应强度调至B′，则B′的大小为多少？大足中学2013～2014学年度第一学期高2015级半期考试物理答 案一、选择题（本大题共8个小题，每题5分，共40分。
每题仅有一个正确选项）二、实验题：（每空2分，共18分）9.(1)ACDFH (2)外 小 (3)0.900 (4)πRd 24L10． (1)电路图如右图所示(2)电流表选0.6 A 量程，电压表选15 V 量程，实物图略，(3)0.40 2.4三、计算题11．（10分）答案 5 A 550 W 535 W解析 由电路图可知，电阻R 与电动机串联，所以，电流相等，对电阻R 根据欧姆定律得：I ＝U －U′R ＝160 V －110 V 10 Ω＝5 A 电动机的输入功率P ＝IU′＝5×110 W ＝550 W电动机的发热功率P 1＝I 2r ＝52×0.6 W ＝15 W所以电动机的输出功率P 出＝P －P 1＝535 W.12．（10分）解：电场中由动能定理有 212qU mv = 磁场中有2v qvB m r= （或mv r qB =） 又L=2r 联立以上三式解得：228q U m B L= 13．（15分）答案 (1) 3 T (2)6 N (3)垂直斜面向上 32 T 解析 (1)当金属棒静止时，其受力如图所示，则有：F ＝G tan 60°，即BIL ＝G tan 60°，B ＝3G IL＝ 3 T. (2)ab 棒对导轨的压力与F N 大小相等，F N ＝G cos 60°＝6 N.(3)若要使B 取值最小，即安培力F 最小．显然当F 平行于斜面向上时，F 有最小值，此时B 应垂直斜面向上，且有：F ＝G sin 60°，所以B min IL ＝G sin 60°，B min ＝G sin 60°IL ＝32T. 14．（17分）答案 (1)负电荷 mgd U (2)v 0U gd 2 (3)4v 0U 5gd2 解析 (1)墨滴在电场区域做匀速直线运动，有 q U d＝mg① 由①式得：q ＝mgd U② 由于电场方向向下，电荷所受电场力向上，可知：墨滴带负电荷．③(2)墨滴垂直进入电、磁场共存区域，重力仍与电场力平衡，合力等于洛伦兹力，墨滴做匀速圆周运动，有qv 0B ＝m v 20R④ 考虑墨滴进入磁场和撞板的几何关系，可知墨滴在该区域恰完成四分之一圆周运动，则半径R ＝d⑤由②、④、⑤式得B ＝v 0U gd 2⑥ (3)根据题设，墨滴运动轨迹如图，设圆周运动半径为R′，有qv 0B ′＝m v 20R ′⑦ 由图示可得：R ′2＝d 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫R′－d 22⑧ 得：R′＝54d ⑨ 联立②、⑦、⑨式可得：B ′＝4v 0U 5gd 2。