天津市九年级(上)期末物理卷(解析版)1(初三)期末考试.doc

天津市九年级（上）期末物理卷（解析版）1（初三）期末考试姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题简答题xx题xx题xx题总分得分一、xx题（每空xx 分，共xx分）【题文】下列选项中不能用分子动理论解释的是（）A．环境恶化尘土满天飞 B．炒菜时放盐使菜变咸C．酒香不怕巷子深 D．教室喷清新剂，香气四溢【答案】A【解析】解：A、飘在空中的尘埃是固体小颗粒，比分子要大得多，是由很多分子组成的．尘土满天飞是固体小颗粒做机械运动，不属于分子的运动．此选项符合题意．B、炒菜时温度很高，加点盐，盐分子就会很快运动到菜中，所以菜变咸了．此选项不合题意．C、酒香分子不停地做无规则的运动，扩散到空气中，巷子外面的人们也能闻到．此选项不合题意．D、喷洒了清新剂的教室里充满了香味，这是香水的分子做无规则运动的结果．此选项不合题意．故选A．【点评】此题考查的是分子和固体小颗粒的区别，我们要知道分子是微观世界的，用肉眼是看不到的，肉眼能够看到的不是分子，而是固体的小颗粒．【题文】如图所示，是关于电磁现象的实验装置图，下列分析中正确的是（）A．图甲装置是研究电磁感应现象B．图乙装置是电动机的结构原理图C．图丙装置是研究电流周围存在着磁场D．图丁装置是研究lA．等于6V B．大于3V C．等于3V D．小于3V【答案】B【解析】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表V测电源的电压，电压表V1测R1两端的电压，评卷人得分因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=，电压表V1的示数：U1=IR1=R1=，因R1＞R2，所以，＜1，1+＜2，则U1＞==3V．故选B．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，解题时也可以根据串联电路的分压特点进行解答，即串联电路中电阻越大分得的电压越大．【题文】如图所示的电路中，a、b、c表示的是电流表或电压表，当开关S1、S2都闭合时，灯正常发光，各电表均正常工作．下列说法中正确的是（）A．a、b、c都是电压表 B．a、b、c都是电流表C．a、b是电流表，c是电压表 D．b、c是电压表，a是电流表【答案】C【解析】解：图中电路是并联电路；b与电源串联，在干路中，是测干路电流的，故b是电流表；a与支路中的L1串联，是测支路L1中的电流，故a是电流表；c并联在电路中，是测量电压的，故c是电压表；故ABD错误，C正确；故选C．【点评】对于电压表或电流表的使用规则，要区分好使用时的异同点．【题文】如图，小明准备在前后门安装两只声音不同的电铃，希望能从铃声分辨出是前门来客还是后门来人，设计的电路图正确的是（）A． B．C． D．【答案】A【解析】解：A、该电路为并联电路，并且各支路有开关控制，互不影响，所以通过铃声可以辨别，故A选项正确．B、因为有一个开关控制干路，所以支路开关无法独立控制门铃，故B选项错误．C、该电路为串联电路，当两个门同时按门铃时，电铃才会工作，所以C选项错误．D、两个开关都控制干路，无法独立工作，所以D选项错误．故选A【点评】会设计串联电路和并联电路，并且知道开关在各电路起的作用．【题文】用电器R1和R2上都标有“6V”字样，它们的电流随电压变化关系如图所示．若把R1和R2串联在电源电压为6V的电路中工作，则用电器R2的实际功率是（）A．1.8W B．0.2W C．0.4W D．0.6W【答案】B【解析】解：对R1来说，当两端的电压为6V时，对应电流为0.15A，所以R1===40Ω，对R2来说，当两端的电压为6V时，对应电流为0.3A，所以R2===20Ω，所以当两电阻串联时，电路电流为I===0.1A，则用电器R2的实际功率是P=I2R2=（0.1A）2×20Ω=0.2W．故选B．【点评】本题考查电阻、电流和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是根据图象所给信息求电阻值，重点是求串联电路的电流．【题文】下列几种情况，符合安全用电原则的是（）A．使用试电笔B．电视天线与电线接触C．接线盒中开关和三孔插座的接线图D．在高压输电线下放风筝【答案】C【解析】解：A、如图所示使用测电笔不正确，手必须接触笔尾金属体，绝对不能接触笔尖金属体，否则容易造成触电事故．不合题意．B、电线和电视天线不能相连，容易发生触电电，不符合安全用电原则．不合题意．C、开关与灯泡串联，开关另一端与火线连接，灯泡的螺口处接零线；插座的左孔与零线相连，右孔与火线相连，三孔插座的中间孔接地线．符合题意．D、在高压线下放风筝，容易发生高压触电事故，不符合安全用电原则．不合题意．故选C．【点评】此题主要考查安全用电常识，不能违反．【题文】如图，电源电压为18V且保持不变．电流表量程为0 0.6A，电压表量程0 15V，小灯泡上标有“6V 3W ”字样，要求开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允超过额定电压（设灯丝电阻保持不变），则下列说法正确的是（）A．滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表和电压表示数变大B．当电流表示数为0.4A时，电压表示数为12 VC．该电路的最大功率为10.8WD．滑动变阻器允许调节的范围是24 60Ω【答案】D【解析】解：A、当滑动变阻器滑片向左移动的过程中，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；根据欧姆定律可知电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据串联电路的电阻分压特点可知，滑动变阻器两端分得的电压变小，即电压表的示数变小．此选项错误；B、由P=可得，灯泡的电阻：RL===12Ω；当电路中电流为0.4A时，灯泡两端电压：U1=I1RL=0.4A×12Ω=4.8V；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压：U2=18V 4.8V=13.2V．此选项错误；C、由P=UI得，灯正常发光时的电流为：IL===0.5A；因此电路中的最大电流：I最大=0.5A，则电路中的最大功率：P最大=UI最大=18V×0.5A=9W．此选项错误；D、由欧姆定律可得，I最大=，0.5A=，解得R最小=24Ω；为保护电压表，滑动变阻器两端的最大电压为15V，此时滑动变阻器连入的电阻最大，电路中的电流最小，因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以U=UL′+UR，则UL′=U UR=18V 15V=3V，此时电路中最小的电流为：I′===0.25A，则滑动变阻器连入的最大电阻为：R最大===60Ω．此选项正确．故选D．【点评】本题关键：一是根据灯的铭牌求出允许通过的最大电流、确定滑动变阻器连入的最小阻值；二是根据电压表的量程求出滑动变阻器两端的最大电压、确定滑动变阻器连入的最大阻值．【题文】如图为汽油机工作过程中某一冲程的示意图，此冲程的名称及能量转化是（）A．压缩冲程，机械能转化为内能B．压缩冲程，内能转化为机械能C．做功冲程，机械能转化为内能D．做功冲程，内能转化为机械能【答案】A【解析】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，因此是压缩冲程，压缩冲程中机械能转化为内能．故选A．【点评】本题考查了汽油机四冲程的判定方法和其中的能量转化，属于基础题目．【题文】关于物体内能的变化，下列说法正确的是（）A．锯条内能增加，它一定吸收了热量B．在冰块熔化成水的过程中，冰块的内能不变C．搓手时两手的温度会升高，是通过热传递的方式使手的内能增加D．反复弯折铁丝使其温度升高，是通过做功的方式使铁丝内能增加【答案】D【解析】解：A、锯条内能增加可以是吸收热量也可以是外界对锯条做功，故A错误；B、在冰块熔化成水，由于冰是晶体，冰熔化过程吸收热量内能增加，但温度不变．故B错误；C、冬天两手相互摩擦，手的温度升高，这是通过做功的方式增加了物体的内能，故C错误；D、弯折铁丝时，人对铁丝做功，机械能转化为内能，物体的内能增大，温度升高，分子热运动更加剧烈，这是通过做功的方式改变铁丝的内能；故D正确；故选D．【点评】本题考查了改变物体内能的两种方式：做功和热传递．注意二者的本质区别：一种是能量的转移、一种是能量的转化．【题文】某同学设计了如图所示的双向开关电路，电源电压保持不变，灯L1标有“3V 3W”的字样，灯L2标有“6V 3W”的字样．当开关拨至2位置且滑片滑到a端时，灯L2恰好正常发光．下列说法正确的是（不计灯丝电阻随温度的变化）（）A．电源电压为9VB．L2正常发光时，电路中的电流为0.6AC．要使L1正常发光，滑动变阻器接入电路中的阻值应为3ΩD．当L1、L2分别正常发光时，两种电路的总功率之比为2：1【答案】CD【解析】解：（1）当开关拨至2位置且滑片滑到A端时，等效电路图如下图所示：∵灯L2恰好正常发光，∴电源的电压U=U2=6V，故A不正确；此时电路中的电流I===0.5A，故B不正确；此时电路的总功率P=UI=6V×0.5A=3W．（2）当开关拨至1位置时，等效电路图如下图所示：∵L1正常发光时，U1=3V，P1=3W，∴电路中的电流I′===1A，滑动变阻器两端的电压U滑=U U1=6V 3V=3V，滑动变阻器接入电路的阻值R滑===3Ω，故C正确；电路的总功率P′=UI′=6V×1A=6W，所以当灯L1、L2分别正常发光时，两次电路的总功率之比为：P′：P=6W：3W=2：1，故D正确．故选CD．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是知道灯泡正常工作时的电压和额定电压相等．【题文】如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，R2=30Ω，通过R1的电流随它两端电压变化关系如图乙所示，则下列计算正确的是（）A．R1的阻值大小是20ΩB．当S1、S2、S3均闭合时，电流表的示数为0.5A，则通过电阻R2的电流时0.3AC．当S1、S2、S3均闭合时，电流表的示数为0.5A，则电源电压是6VD．当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.15A，则R3消耗的功率是0.225W【答案】ACD【解析】解：（1）根据乙图可知，当U1=2V时，I1=0.1A，所以R1===20Ω，故A正确；（2）当S1、S2、S3均闭合时，则：I1+I2=0.5A①U=I1R1=I2R2②，由①②可得：U=6V，I2=0.2A，故B不正确，C正确；（3）当S1闭合，S2、S3断开时，R3两端的电压U3=U U2=6V 0.15A×30Ω=1.5V，功率P3=U3I=1.5V×0.15A=0.225W，故D正确．故选ACD．【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率的计算，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别．【题文】如图是关于电热和电磁现象的实验，下列说法正确的是（）A．图甲是探究电流通过导体产生的热量与通过导体电流大小关系的实验装置B．图乙是探究电磁感应现象的实验装置C．图丙中的实验说明通电导体周围存在磁场D．图丁是探究电磁铁磁性强弱的实验装置【答案】BC【解析】解：A、图甲装置中通过两电阻丝的电流相同，这个实验，可以探究导体产生的热量与导体电阻的关系，故A错误．B、乙图是电磁感应实验，导体只有切割磁感线时，闭合电路中才会产生感应电流，故B正确．C、图丙是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，故C正确．D、图丁是通电导体在磁场中受力的实验，故D错误．故选BC．【点评】四幅图分别代表了电与磁中四个重要的物理实验，分别是电流的热效应、电磁感应、奥斯特实验、通电导体在磁场中受力，这都是我们应重点掌握的，在学习中相互比较更能有效地进行把握．【题文】如图所示，取两个相同的验电器A和B，使A带负电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来．B金属箔的张角，金属棒中瞬间电流的方向是．【答案】增大；从B流向A【解析】解：用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，带负电的电子可以沿金属棒从A向B移动，故B 金属箔张角增大；正电荷定向移动的方向是电流的方向，故金属棒中瞬间电流的方向与电子的运动方向相反，即从B向A．故答案为：增大；从B流向A．【点评】明确形成电流的条件和电流方向的规定，是解答此题的关键．【题文】如图所示，运用控制变量法，小霞把两段电阻不同的金属丝甲、乙（R甲＜R乙）串联后，分别放到两瓶等量的煤油中通电一定时间，控制电流一定时，探究电流通过导体时产生的热与的关系，通电后，温度计的示数升高，这是由电流的效应引起的，其中，瓶煤油的温度升高得快．【答案】电阻；热；乙【解析】解：图中的电阻是串联，而串联时，电流相等，通电时间也相等，但电阻不相等，故是研究电热与电阻的关系；这是由于电流的热效应引起的；据Q=I2Rt可知，此时两个装置中的电流相同、通电时间相同，但乙中的电阻大于甲中的电阻，所以电流通过乙瓶中的电阻所产生的热量更多一些，故乙瓶中的煤油温度升高的更快一些．故答案为：电阻；热；乙．【点评】本题考查了运用控制变量法研究电流通过导体产生的热与电阻的关系．电热属于电流的热效应，即由电能转化煤油的内能的过程．【题文】如图所示，一个厚玻璃瓶内装有少量的水，瓶里的空气中有少量的水蒸气．用瓶塞将瓶口密封，然后用打气筒往瓶里打气，当瓶塞跳起时，可以看到瓶内有大量的“白气”产生．此实验说明：空气对瓶塞做功，空气的内能（选填“减少”或“增加”），温度降低，空气中的水蒸气发生（填写物态变化）现象形成“白气”．【答案】减小；液化【解析】解：（1）用打气筒往瓶里打气，当瓶塞被崩起时，瓶内的空气对瓶塞做功，空气的内能转会化为塞子的机械能，空气的内能减小，温度降低；（2）空气中的水蒸气遇冷发生液化现象，凝结成小水滴，这就是在瓶口看到的“白气”．故答案为：减小；液化．【点评】此题主要考查的知识点有两个：一是做功可以改变物体的内能；二是液化的定义和液化的两种方法降低温度和压缩体积．【题文】李芳家的电能表上标着李芳家的电能表上标着“3000revs/（kW•h）”．她用这个电能表来测量某用电器的功率：她把家中的其他用电器都与电源断开，仅让这个用电器工作，1min内电能表的转盘转了45转，消耗的电能是，该用电器的额定功率是．【答案】0.015kW•h；900W【解析】解：转盘转动45转消耗电能：W=kW•h=0.015kW•h；用电器的功率：P===0.9kW=900W．故答案为：0.015kW•h；900W．【点评】本题考查电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是理解电能表参数的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算．【题文】如图所示电路，开关S接到a后，小磁针静止时，A端是极．将开关S由a换到b，调节变阻器的滑片P，保持电流表的示数不变，电磁铁的磁性（选填“增强”、“减弱”或“不变”）．【答案】N；减弱【解析】解：（1）伸出右手握住螺线管，四指弯曲指示电流的方向，大拇指所指的方向即螺线管的左端为通电螺线管的N极，据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引的道理可知，小磁针的A端是N极；（2）在此实验装置中，保持电流不变，将开关S由a换到b，则减少了线圈的匝数，因此通电螺线管的磁性减弱．故答案为：N；减弱．【点评】本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据安培定则判断通电螺线管的极性．【题文】如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关S闭合后，滑动变阻器滑片向左移动时，电流表的示数，电压表示数与电流表示数之比．（两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】变大；不变．【解析】2解：（1）当P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻R变小，电源电压U不变，由I=可知电路电流变大，电流表示数变大．（2）由电路图知，电流表测电路电流，电压表测电阻R1两端电压U1，由欧姆定律可知R1=，由于电阻R1不变，则电压表与电流表示数的比值不变．故答案为：变大；不变．【点评】分析清楚电路结构，明确电压表与电流表所测的量，熟练应用欧姆定律是正确解题的关键．【题文】一种家庭用电热水壶的额定功率为2000W，该电热水壶经过5分钟可以把1.5kg初温是20℃的水烧开．求：（1）水所吸收的热量是多少？（2）电热水壶加热水时的效率？（精确到1%）【答案】（1）水所吸收的热量是5.04×105J；（2）电热水壶加热水时的效率为84%．【解析】解：（1）水吸收的热量Q=c水m△t=1.5kg×4.2×103J/（kg•℃）×（100℃ 20℃）=5.04×105J；（2）因为P=，所以电壶消耗的电能为：W=Pt=2000W×5×60s=6.0×105J，则水壶的效率为：η==×100%=84%．答：（1）水所吸收的热量是5.04×105J；（2）电热水壶加热水时的效率为84%．【点评】此题是一道电热综合计算题，考查了热量的计算、电功率变形公式的应用和热效率计算公式的应用，计算过程不复杂，是一道基础题．【题文】为了测定额定电压为“2.5V”小灯泡的电功率，小明同学设计了如图甲所示的电路图．实验中各元件完好，电源电压保持不变．（1）连接电路的过程中开关应．请你在图乙中用笔画线代替导线，帮小明同学将电路连接完整．（连线不得交叉）（2）小明同学闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来他首先应进行的操作是（选填字母序号）A．检查电路是否断路B．更换小灯泡C．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光（3）为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，当电压表的示数为 V时，灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则通过小灯泡的电流为 A，该灯泡的额定功率为 W ．（4）实验过程中，有些小组的小灯泡先由暗变亮，然后发出耀眼的光后被烧坏．为了避免灯丝烧断，请提出在调节滑动变阻器的过程中应注意的事项：．【答案】（1）断开；如图所示：（2）C；（3）2.5；0.28；0.7；（4）调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压，防止小灯泡烧坏．【解析】解：（1）连接电路图时，开关应断开；滑动变阻器上端任意一接线柱与灯泡连接即可，如下图所示：（2）闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没坏，也不是断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，下一步操作：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，即应进行C项操作．（3）灯泡正常发光，则电压应为2.5V；由图可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.28A，灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.28A=0.7W．（4）为了避免灯丝烧断，可以调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压来进行实验．故答案为：（1）断开；如图所示：（2）C；（3）2.5；0.28；0.7；（4）调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压，防止小灯泡烧坏．【点评】本题考查了连接电路的注意事项、连接实物图、电流表的读数、电路故障的判断等，是中招常见的实验探究题类型．【题文】同学们要测量电阻Rx的阻值（其阻值约为1kΩ），实验室能提供的器材有：电压保持不变的电源（约为9V），滑动变阻器R（100Ω 2A），电流表（量程为0～0.6A，分度值为0.02A）、电压表（量程为0～3V，分度值为0.1V）各一块，开关S1、S2 两只，导线若干．请你用上述器材设计方案测出未知电阻RX 的阻值．要求：（1）在虚线框内画出实验电路图（在一个电路中完成测量，不许重组电路）；（2）写出实验步骤；（3）写出计算RX的表达式（用已知量和测量量来表示）．【答案】见解析【解析】解：（1）电路图如图所示（2）a、将滑动变阻器调到最大值；b、闭合S1，S2，测得电流I；c、断开S2，用电压表测出滑动变阻器两端的电压U．（3）当S1、S2同时闭合时，Rx被短路，只有R接入电路，则电源电压为：U总=IR；当S1闭合时，S2断开时，R、Rx串联接入电路，根据串联分压的原理知：干路电流 I==，即：=，解得：Rx= R（R为滑动变阻器的最大值100Ω）（其他方法只要符合题意即可）．【点评】此题的难点在于评价、设计实验方案时，需要考虑到两表分度值对于测量结果的影响，这就要求通过验算判断出合理的实验过程，对于不同电路连接方式的充分了解以及欧姆定律的熟练应用是解题的基础．【题文】小刚想利用一块电流表和阻值已知的电阻R0测量电阻Rx的阻值．他选择了满足实验要求的器材，并连接了部分实验电路，如图所示．（1）请你添加两根导线完成图所示的实验电路的连接；（2）只闭合开关S时，电流表的示数为I1；闭合开关S和S1时，电流表的示数为I2．请你用I1、I2和R0表示未知电阻RX．RX=．【答案】（1）实物电路连接如图所示；（2）．【解析】解：（1）电阻R0和Rx并联，开关S1控制Rx支路，实物电路连接如图．（2）只闭合开关S时，电路为R0的简单电路，电流表的示数为I1，则根据欧姆定律得：电源的电压为U=I1R0；开关S、S都闭合时，电路为R0、Rx并联，电流表的示数为I2．因电源的电压不变，所以并联时通过R0的电流不变，由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知：通过Rx的电流为Ix=I2 I1，由欧姆定律得：Rx的阻值为Rx==．故答案为：（1）实物电路连接如图所示；（2）．【点评】本题考查了测电阻实验原理图的设计，在没有电压表或电流表时一般要利用串联电路的电流相等和并联电路电压相等的特点设计电路图．【题文】某校物理兴趣小组设计了一种“电子秤”，实际上是压力测量仪，用它来称量物体的重量，其原理结构如图所示．图中A为金属片，B为金属板，R1=24Ω，R2是最大值为72Ω的滑动变阻器，电源电压为12V不变．问：（1）图中的重量表应该用什么电表改装？R1的主要作用是什么？（2）当金属片A上放重物、开关S闭合时，请说明电子秤称量物体重量的原理．（3）当称量物体重量达到最大值时，R2两端的电压是多少？【答案】（1）重量表应该用电压表改装，R1的主要作用是保护电路．（2）由电路图可知，金属片A上放重物、开关S闭合时，弹簧在重物压力作用下缩短，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器两端电压变大，重量表示数变大，由此可见，金属片A上的重物越重，重量表示数越大，根据重量表示数大小即可知道所测重物重力大小．（3）当称量物体重量达到最大值时，R2两端的电压是9V．【解析】解：（1）由电路图可知，重量表与滑动变阻器R2并联，电压表与被测电路并联，因此重量表是电压表；电阻R1与滑动变阻器R2串联在电路中，电阻R1起保护电路的作用；答：重量表应该用电压表改装，R1的主要作用是保护电路．（2）由电路图可知，金属片A上放重物、开关S闭合时，弹簧在重物压力作用下缩短，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器两端电压变大，重量表示数变大，由此可见，金属片A上的重物越重，重量表示数越大，根据重量表示数大小即可知道所测重物重力大小．（3）由电路图可知，R1与R2串联，当称量物体重量达到最大值时，滑动变阻器R2阻值全部接入电路，此时电路中的电流为I===0.125A，R2两端的电压为U2=IR2=0.125A×72Ω=9V．答：当称量物体重量达到最大值时，R2两端的电压是9V．【点评】本题考查了电压表的使用和串联电路的特点，及欧姆定律的计算．关键是会根据电表的正确所以确定电表的类型．【题文】如图所示为一款有高、低温两挡的蒸汽电熨斗电路原理图，R1、R2为电热丝，其中R2=242Ω．工作时，水升温并汽化成水蒸气，从而熨烫衣服．（1）电熨斗处于低温挡时，正常工作功率为1100W，求：通过电路的电流是多大？Rl的电阻是多大？（2）若将该款电熨斗进行改造，使其正常工作时高温挡功率为1000W，要求只改变其中一个电热丝的阻值，请你通过分析和计算，求出该电热丝改变后的阻值应为多少？【答案】（1）通过电路的电流是5A；Rl的电阻是44Ω；（2）电热丝改变后的阻值应为60.5Ω．【解析】解：（1）低温挡工作时，由P=UI可知，通过电路的电流：I1===5A；R1的电阻：R1===44Ω；（2）电熨斗正常工作时，R2的功率：P2===200W；已知高温挡功率为1000W，改变R1为R1′，则R1′的功率：P1′=P P2=1000W 200W=800W；由P=可知，R1′的电阻：R1′===60.5Ω．答：（1）通过电路的电流是5A；Rl的电阻是44Ω；（2）电热丝改变后的阻值应为60.5Ω．【点评】本题考查了电熨斗的工作原理、求电熨斗的工作电流、电阻丝电阻、电熨斗的改造等问题，分析电路结构，知道什么状态下电熨斗处于高温挡、什么条件下处于低温档是本题的难点，也是正确解题的前提；分清电路结构、熟练功率公式及其变形公式、欧姆定律、并联电路的特点是正确解题的关键；应知道利用电流的热效应工作的用电器工作时，电能转化为内能．。