2016高考物理二轮复习：考前保温训练 (9)
高三理综考前保温练习题
下学期考前保温练习（9）理综可能用到的相对原子质量：H：1 C：12 N：14 O：16 S：32 Na：23 Al：27 Fe：56一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。
1．关于细胞的叙述不正确的是A．浆细胞产生抗体需要多种细胞器参与 B．细胞的衰老和凋亡都受基因调控C．物质是顺浓度梯度进入细胞的 D．ATP是细胞代谢的直接供能物质2．对下列图解的理解正确的是A．发生基因重组是①②④⑤ B．③⑥过程表示减数分裂过程C．左图中③过程的随机性是子代Aa占1／2的原因之一D．右图子代中aaBB的个体在aaB_中占的比例为1／163．有关变异与进化的叙述，不正确．．．的是A．由二倍体西瓜培育出的三倍体无子西瓜属于可遗传的变异B．基因突变有普遍性、随机性、低频性、不定向性和少数有害性等特性C．种群是生物进化的基本单位D．利用生长素类的二重性原理制成的除草剂可导致杂草的基因频率定向改变4.有关人体激素和神经调节的说法，正确的是A．激素调节的作用范围比较局限B．垂体合成的激素需要通过血浆的运输才能到靶细胞C．某人因病听不懂别人讲话，原因是大脑皮层S区受损D．兴奋在反射弧中的传导或传递均以局部电流的形式进行5．现代生物科技中，下列处理或操作正确的是A．将目的基因导入叶绿体DNA中，防止目的基因随花粉逃逸B．基因工程中的工具酶有限制酶、连接酶和载体C．试管苗和试管婴儿的产生都属于无性生殖D．蛋白质工程是直接对蛋白质分子进行改造6．人的X染色体和Y染色体大小，形态不完全相同，但存在着同源区(II)和非同源区(I、III)，如图所示，若统计某种遗传病的发病率，发现女性患者多于男性，则该病的致病基因最可能A．位于I片段上，为隐性基因 B．位于I片段上，为显性基因C．位于II片段上，为显性基因 D．位于III片段上，为隐性基因7.Se 是人体必需微量元素，下列有关Se 7834和Se 8034的说法正确的是A ．Se 7834和Se 8034的核外电子数不同B. Se 7834和Se 8034的中子数分别为78和80C. Se 7834和Se 8034的质量数不同，是同种元素D. Se 7834和Se 8034的质子数相同，是同一种核素8．已知下列数据：)()(21)(2s FeO g O s Fe =+ 1272-⋅-=∆mol kJ H )()(23)(2322s O Al g O s Al =+ 11675-⋅-=∆mol kJ H 则)(3)()(3)(232s Fe s O Al s FeO s Al +=+的△H 是A ．11859-⋅+mo kJ B. 11859-⋅-mo kJC. 11403-⋅-mol kJD.12491-⋅-mol kJ9.下列有关金属及其化合物的说法正确的是A ．Mg 和Al 都可以用电解法冶炼得到B ．Na 2O 和Na 2O 2与CO 2反应产物相同C ．粗铜精炼过程中，阳极得电子被氧化D ．Mg 和Fe 在一定条件下与水反应都生成H 2和对应的碱10．下列化学反应的离子方程式正确的是A ．向氨水中滴加氯化铝溶液：O H AlO OH Al 22324+=+--+B ．用稀HNO 3溶解FeS 固体：↑+=+++S H Fe H FeS 222C ．碳酸氢钙溶液和氢氧化钠溶液混合：O H CO OH HCO 2233+=+---D ．氢氧化钡溶液与稀硫酸反应：O H BaSO SO H OH Ba 24242222+↓=+++-+--11．苯甲酸(C 6H 5COOH)和山梨酸(CH 3-CH=CH-CH=CH-COOH)都是常用的食品防腐剂。
【名师伴你行】2016年高考二轮复习物理第二部分 考前保温训练4 电场和带电粒子在电场中的运动
【名师伴你行】2016年高考二轮复习物理第二部分考前保温训练 4 电场和带电粒子在电场中的运动考前保温训练(四)电场和带电粒子在电场中的运动(限时30分钟)1．如图所示，电荷量为＋q 和－q 的点电荷分别位于正方体的顶点，正方体范围内电场强度为零的点有( )A ．体中心、各面中心和各边中点B ．体中心和各边中点C ．各面中心和各边中点D ．体中心和各面中心答案：D解析：根据点电荷场强公式E ＝kq r 2及正方体的对称性可知正方体内中心点及各面的中心点处场强为零，故答案为D.2．(多选)关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是( )A ．电场强度的方向处处与等电势面垂直B ．电场强度为零的地方，电势也为零C ．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D ．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向答案：AD解析：电场中场强为零的位置是绝对的，而电势为零的位置是人为选取的；再者场强的大小表征着电势随空间的变化率，而与电势的大小无关，故B错误．由沿电场线方向电势降低，可知电势的升降取决于场强的方向而与场强的大小无关，故C错误．3．(多选)如图所示，竖直放置的平行板电容器的极板A与静电计G相连，极板B与静电计G的金属外壳均接地，闭合开关S给电容器充电后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使指针张角增大的是()A．保持S闭合，使A、B两板靠近一些B．保持S闭合，使A、B两板正对面积错开一些C．断开S后，使B板向右平移拉开一些D．断开S后，使A、B正对面积错开一些答案：CD解析：题图中静电计的金属球接电源正极，外壳和极板B均接地，静电计显示的是A、B两极板间的电压，指针张角越大，表示两板间的电压越高．保持S闭合，则A、B两极与电源两极相连，板间电压等于电源电压不变，静电计指针张角不变，A、B两项都不正确；断开S后，板间距离增大，正对面积减小，都将使A、B两板间的电容变小，而电容器电荷量不变，由C＝QU可知，板间电压U增大，从而静电计指针张角增大，C、D正确．4．(多选)如图所示，A、B是带有同种电荷的两小球(可视为质点)，两球所带电荷量不等，A球用轻细线悬挂于O点，B球被固定在O点正下方的B点，A球在力的作用下，偏离B球d1的距离静止(即图中A、B两球间的距离为d1)．随着时间的推移，两球均出现漏电现象，A、B两球的带电荷量分别变为原来的23和49，A、B两球间的距离变为d2，则d1∶d2为()A．2∶3 B．3∶2C．22∶3 3 D．33∶2 2答案：B解析：对A球进行受力分析如图所示，设A球的重力为G，漏电前后A、B的带电荷量分别为Q A、Q B，Q A′、Q B′，A、B两球间的作用力分别为F 、F ′，则有Q A ′＝23Q A ，Q B ′＝49Q B ，F ＝k Q A Q B d 21，F ′＝k Q A ′Q B ′d 22，式中k 为静电力常量；设O 、B 两点间的距离为L 1，由相似三角形法有G L 1＝F d 1，G L 1＝F ′d 2，即F d 1＝F ′d 2，联立解得d 1∶d 2＝3∶2.故选B.5．(多选)如图所示，在两等量异种点电荷连线上有c 、O 、f 三点，虚线M 、L 、K 是分别过c 、O 、f 三点的等差等势面，一不计重力带负电粒子从a 点射入电场，只在电场力作用下沿abcde 运动，轨迹如图中实线所示，下列说法中正确是( )A ．电势φK <φL <φMB ．场强E a <E bC ．a 点与e 点的场强大小相等，方向相同D ．粒子在c 点的电势能大于在e 点的电势能答案：BD解析：根据曲线运动的特点，轨迹向合外力的方向弯曲，可知粒子在c 点受到向左的力，由于粒子带负电，可知c 点的电场线方向向右，可知选项A 错误；等势面的疏密表示电场的强弱，故E a <E b ，选项B 正确；a 点与e 点的场强大小相等，但方向不同，选项C 错误；带负电粒子在较低等势面电势能较大，c点电势低于e点电势，选项D正确．6．(多选)在x轴上电场强度E与x的关系如图所示，O为坐标原点，a、b、c为x轴上的点，a、c之间的距离为d，a、c两点的电场强度大小均为E0，则下列说法中正确的是()A．φb>φa＝φc>φOB．φO>φa>φb>φcC．将质子从a点移到c点，电场力做功大于eE0dD．将质子从a点移到c点，质子的电势能增加答案：BC解析：在E-x图象中，图象与x轴所围面积表示电势差，由图可以看出x轴上Oc段与图线所围面积大于ac段与图线所围面积，ac 段与图线所围面积大于bc段与图线所围面积，即U Oc>U ac>U bc>0，所以φO>φa>φb>φc，故B正确，A错误；ac段与图线所围面积大于E0d，即U ac>E0d，所以将质子从a点移到c点，电场力做功大于eE0d，故C正确；将质子从a点移到c点，电场力做正功，质子的电势能减少，D错误．7．如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0 V，点A处的电势为6 V，点B处的电势为3 V，则电场强度的大小为()A．200 V/m B．200 3 V/m C．100 V/m D．100 3 V/m 答案：A解析：设OA中点为C，由U ACAC＝U COCO可得C点的电势φC＝3 V，φC＝φB，即B、C在同一等势面上，如图，由电场线与等势面的关系和几何关系知：d＝1.5 cm.则E＝Ud＝31.5×10－2V/m＝200 V/m，A正确．8．(多选)如图所示，电场强度方向水平向右的匀强电场中有a、b、c三点，三点的连线恰好组成一个边长为l的正三角形．一质量为m、电荷量为q的带正电小球(重力不计)以速度v0从a点射入电场，入射方向与b、c两点的连线垂直，一段时间后带电小球经过c点．则下列判断正确的是()A ．带电小球从a 点运动到c 点的时间为3l 2v 0B ．该匀强电场的电场强度大小为4m v 203qlC ．带电小球到达c 点时的动能为23m v 20D ．b 、c 两点之间的电势差为2m v 203q答案：AB解析：在竖直方向上小球做匀速直线运动，当小球运动到c 点时，由运动学规律可得t ＝3l 2v 0，选项A 正确；小球在水平方向上运动的距离为l 2，由运动学规律有l 2＝qEt 22m ，代入数据可解得E ＝4m v 203ql，选项B 正确；由动能定理可得E k c ＝qE ·l 2＋12m v 20＝76m v 20，选项C 错误；由电势差公式可知U bc ＝E ·l ＝4m v 203q，选项D 错误． 9．如图所示，两平行金属板之间有一匀强电场，金属板长为L ，一带电粒子以速度v 0垂直于场强方向沿上极板边缘射入匀强电场，刚好贴下极板边缘飞出，如果带电粒子以某一垂直于场强方向的初速度v 1沿上极板边缘射入电场并能从其中射出，当它的竖直位移等于板间距d 时，它的水平射程为2L (轨迹未画出)．则粒子进入电场的初速度v 1等于( )A ．v 0B.2v 0C.3v 0D ．2v 0答案：C 解析：设粒子在电场中的加速度为a .第一次，粒子恰好从下极板的边缘飞出，粒子做类平抛运动，有L ＝v 0t ，d ＝12at 2，解得v 0＝L a 2d.第二次，设粒子飞出电场时的竖直位移为y 1，所用时间为t 1，飞出电场后的竖直位移为y 2，所用时间为t 2，则y 1＝12at 21，L ＝v 1t 1，y 2＝at 1·t 2，L ＝v 1t 2，解得v 1＝L 3a 2d＝3v 0，故C 正确．10．如图所示，x 轴上方有宽为L 、方向水平向右的匀强电场，一质量为m (重力不计)、带电荷量为q (q >0)的粒子从y 轴上的A 点以初速度v 0沿y 轴负方向射入电场，粒子从x 轴上的B 点沿与x 轴正方向成37°角的方向射出电场，并打在x 轴下方的接收屏上C 点(没画出)，已知粒子从B 到C 的运行时间与粒子在电场中的运行时间相同，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.(1)求匀强电场的电场强度E 的大小；(2)求粒子接收屏上C 点到y 轴的水平距离；(3)若粒子是质量为m 、带电荷量为＋q 的液滴，重力加速度为g ，若要求液滴也能通过B 点，则液滴的初速度应为多少？答案：(1)4m v 203qL (2)2L (3)v 0－gL 2v 0解析：(1)粒子从A 到B 做类平抛运动，由类平抛规律知L ＝v 0t ，v x ＝qE m t ，OB ＝v x 2t ，v B ＝v 20＋v 2x 在B 点有tan 37°＝v 0v x，即v x ＝43v 0 联立得E ＝4m v 203qL ，OB ＝23L ，v B ＝53v 0. (2)粒子从B 到C 做匀速直线运动，由题意知BC ＝v B t ＝53L 所以接收屏上C 点到y 轴的水平距离s ＝OB ＋BC ·cos 37°＝2L .(3)若粒子变为液滴，设液滴的初速度为v ，则液滴沿y 轴做初速度为v 的匀加速直线运动，沿x 轴做初速度为零的匀加速直线运动，因水平方向各量均没变，所以液滴的运行时间仍为t ，则L ＝v t ＋12gt 2，代入t值得v＝v0－gL 2v0.11．如图所示，区域Ⅰ内有电场强度为E、方向竖直向上的匀强电场；区域Ⅱ中有一光滑绝缘圆弧轨道，轨道半径为R＝5v20g，轨道在A点的切线与水平方向成60°角，在B点的切线与竖直线CD垂直；在Ⅲ区域内有一宽为d的有界匀强电场，电场强度大小未知，方向水平向右．一质量为m、带电荷量为－q的小球(可看成质点)从左边界的O点正上方的M点以速度v0水平射入区域Ⅰ，恰好从A点沿圆弧轨道切线进入轨道且恰好不能从电场右边界穿出，求：(1)OM的长L；(2)区域Ⅲ中电场强度的大小E′；(3)小球到达区域Ⅲ中电场的右边界上的点与OO′的距离s.答案：(1)3m v202(qE＋mg)(2)9m v202qd(3)5v202g＋2gd29v20解析：(1)小球在区域Ⅰ中做类平抛运动，设小球在A点时的速度为v A，竖直分速度为v y，则有cos 60°＝v0v A，即v A＝2v0tan 60°＝v y v 0，即v y ＝3v 0 由牛顿第二定律知a ＝qE ＋mg m由v 2y ＝2aL 知L ＝3m v 202(qE ＋mg ).(2)在区域Ⅱ中，由图可知BC ＝R 2所以从A 点到B 点，由动能定理得mg ·R 2＝12m v 2B －12m v 2A 得v B ＝3v 0在区域Ⅲ中，小球在水平方向上做匀减速运动，到达右边界时水平速度刚好减为零，由运动学规律知v 2B ＝2qE ′m d ，得E ′＝9m v 202qd. (3)v B ＝qE ′m t ，所以t ＝2d 3v 0小球在竖直方向上做自由落体运动，即h ＝12gt 2＝2gd 29v 20所以小球到达右边界上的点与OO ′的距离s ＝BC ＋h ＝5v 202g＋2gd2 9v20.。
(江苏卷)2016年高考物理冲刺卷09
（江苏卷）2016年高考物理冲刺卷09本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分第Ⅰ卷(共9小题，共31分)一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意。
1．两个质点A、B放在同一水平面上，由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的v—t图象如图所示。
对A、B运动情况的分析，下列结论正确的是( )A．A、B加速时的加速度大小之比为2∶1 B．在t＝3t0时刻，A、B相距最远C．在t＝5t0时刻，A、B相距最远 D．在t＝6t0时刻，A、B相遇【答案】 D【名师点睛】v-t图象的斜率表示加速度，速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移，当AB速度相等时，相距最远，当AB图象与坐标轴围成的面积相等时，相遇。
2．如图所示，两根粗糙的直木棍AB和CD相互平行，固定在同一个水平面上。
一个圆柱形工件P架在两木棍之间，在水平向右的推力F的作用下，向右做匀加速运动。
若保持两木棍在同一水平面内，但将它们间的距离稍微减小一些后固定，仍将圆柱形工件P架在两木棍之间，用同样大小的水平推力F向右推该工件，则下列说法中正确的是( )A．可能静止不动B．向右做匀速运动C．一定向右减速运动D．一定向右加速运动【答案】 D【名师点睛】沿工件的轴线方向，作出受力的侧视图，分析工件所受的支持力的变化，确定摩擦力的变化，判断工件的运动情况；本题运用函数法分析工件的支持力变化，来确定摩擦力变化，也可以运用图解法分析．关键是作出受力分析图。
3．嫦娥五号探测器是我国研制中的首个实施无人月面取样返回的航天器，预计在2017年由长征五号运载火箭在中国文昌卫星发射中心发射升空，自动完成月面样品采集，并从月球起飞返回地球，航天器返回地球开始阶段运行的轨道可以简化为：发射时，先将探测器发射至近月圆轨道1上，然后变轨到椭圆轨道2上，最后由轨道2进入圆形轨道3，忽略介质阻力，则以下说法正确的是( )A．探测器在轨道2上经过近月点A处的加速度大于在轨道1上经过近月点A处的加速度B．探测器在轨道2上从近月点A向远月点B运动的过程中速度减小，机械能增大C．探测器在轨道2上的运行周期小于在轨道3上的运行周期，且由轨道2变为轨道3需要在近月点A 处点火加速D ．探测器在轨道2上经过远月点B 处的运行速度小于在轨道3上经过远月点B 处的运行速度【答案】 D【名师点睛】在轨道2上运行时，根据万有引力做功情况判断A 、B 两点的速度大小，通过比较万有引力的大小，根据牛顿第二定律比较经过A 点的加速度大小，从轨道2上A 点进入轨道3需加速，使得万有引力等于向心力。
2016高考物理二轮复习：考前保温训练 (8)
考前保温训练(八)物理实验(限时30分钟)1．某同学用图甲所示装置进行“探究恒力做功与动能改变的关系”实验．平衡摩擦力后，通过实验得到图乙所示的纸带．纸带上O 为小车运动起始时刻所打的点，选取时间间隔为0.1 s的相邻计数点A、B、C、D、E、F.实验时小车的质量为0.390 kg，小车受到细绳的拉力为0.40 N．回答下列问题：(计算结果保留3位有效数字)甲乙(1)小车从O到E，所受合力做的功W＝________J；动能变化量ΔE k＝________J.(2)实验中该同学发现W略大于ΔE k，其主要原因是_________(写出一条即可)．答案：(1)0.1880.180(2)小车受到空气阻力的作用(纸带阻力等，从系统误差的角度回答)解析：(1)合力做的功W ＝Fx OE ＝0.4×46.90×10－2 J ＝0.188 J动能的变化量ΔE k ＝12m v 2E －0＝12×0.390× ⎣⎢⎡⎦⎥⎤(57.00－37.80)2×0.1×10－22 J －0＝0.180 J. (2)虽然平衡了摩擦力，但是每次运动中空气或纸带的阻力做负功，所以W 略大于ΔE k .2．(1)用20分度的游标卡尺测量某工件的内径时，示数如图甲所示，由图可知其长度为________cm ；用螺旋测微器测量某圆柱体的直径时，示数如图乙所示，由图可知其直径为________mm.(2)某同学采用如图丙所示的装置探究物体的加速度与所受合力的关系．用砂桶和砂的重力充当小车所受合力F ；通过分析打点计时器打出的纸带，测量加速度a .分别以合力F 和加速度a 作为横轴和纵轴，建立坐标系．根据实验中得到的数据描出如图丁所示的点迹，结果跟教材中的结论不完全一致．该同学列举产生这种结果的可能原因如下：①在平衡摩擦力时将木板右端垫得过高；②没有平衡摩擦力或者在平衡摩擦力时将木板右端垫得过低；③砂桶和砂的质量过大，不满足砂桶和砂的质量远小于小车质量的实验条件；④测量小车的质量或者加速度时的偶然误差过大．通过进一步分析，你认为比较合理的原因可能是()A．①和④B．②和③C．①和③D．②和④答案：(1)5.015 4.700(2)C解析：(1)游标卡尺读数50 mm＋0.05×3 mm＝50.15 mm＝5.015 cm.螺旋测微器读数4.5 mm＋0.01×20.0 mm＝4.700 mm.(2)由题图丁可知当F＝0时，a≠0，则Mg sin θ>f，说明θ角偏大，右端垫得过高；图象的末端不是直线说明砂桶和砂的总质量m0和小车质量M不满足m0≪M的关系，所以只有C选项正确．3．已知电阻丝的电阻约为10 Ω，现备有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选用，应选用的器材有________(只填代号)．画出用伏安法测上述电阻丝的电阻时的电路图．A．量程是0.6 A，内阻是0.5 Ω的电流表；B．量程是3 A，内阻是0.1 Ω的电流表；C．量程是3 V，内阻是6 kΩ的电压表；D．量程是15 V，内阻是30 kΩ的电压表；E．阻值为0～1 kΩ，额定电流为0.5 A的滑动变阻器；F．阻值为0～10 Ω，额定电流为2 A的滑动变阻器；G．蓄电池(6 V)；H．开关一个，导线若干．答案：ACFGH电路图如图所示解析：①先选H和电源G.②选电流表电源选定后可估算总电流，不连入滑动变阻器时干路电流最大值I max＝610A＝0.6 A，因此电流表选A.若选B表，会有以下不足：首先0.6 A电流太小，指针偏转范围不足总刻度的三分之一，读数时误差较大；其次电流表的满偏电流越大，分度值即精确度越低，故不选B.③选电压表若选C表，量程3 V，则流过R的电流要被控制在0.3 A以下，由上面所选A电流表的量程知，此时其指针可偏转较大．若选D表，电压表为15 V量程时，精确度太低，为实现电压表和电流表精确度的匹配，应选C表而不选D表．④选变阻器由于上面所选的是量程为3 V的电压表，滑动变阻器用限流接法时，选0～10 Ω的变阻器时阻值太小(电阻丝电压超过电压表量程)，选用0～1 000 Ω的变阻器时阻值太大(调节不方便)，因此决定滑动变阻器采用分压电路的连接方式．由于电阻丝阻值约为10 Ω，为在3 V、0.3 A以下范围内调节滑动变阻器，读取几组测量值，滑动变阻器应选0～10 Ω的．不选用0～1 000 Ω的滑动变阻器，一是因为其阻值太大，调压不灵敏；二是在满足要求的情况下，应尽量选用小规格的器材．⑤确定电流表的接法由R x＝10 Ω，R A＝0.5 Ω，R V＝6 kΩ分析可知，为减小R A分压带来的误差，应选用电流表外接法．选用实验器材一般应根据实验原理掌握“可行”“精确”和“方便”的原则．“可行”是指选用的实验器材要能保持实验的正常进行；“精确”是指选用的实验器材要考虑尽可能地减小实验误差(如电表的指针偏转要求较大)；“方便”是指选用的实验器材要便于操作．4．某同学为了测定一只电阻的阻值，采用了如下方法：(1)用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4个倍率：分别为×1 k、×100、×10、×1，该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大(指针位置如图中虚线所示)．为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤：a．___________________________________________________.b．两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在0 Ω处．c．重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是________Ω.(2)为了尽量准确测该电阻，要求测量时，电表指针有较大偏转，测量多组数据．除被测电阻外，还备有如下实验仪器，请选择仪器，设计实验电路．A．电压表V(量程50 V、内阻约为25 kΩ)B．电流表A1(量程500 mA、内电阻r1＝20 Ω)C．电流表A2(量程100 mA、内电阻约5 Ω)D．定值电阻R0(80 Ω)E．滑动变阻器R(0～10 Ω)F．电源：电动势E＝6 V，内电阻较小G．导线、开关若干请在虚线框内画出能准确测量电阻R的电路图(要求在电路图上标出元件符号)．请根据设计的电路图写出R x的测量值表达式R x＝________.答案：(1)a.换用×10倍率的挡位c．120(2)电路图见解析I1I2－I1(R0＋r)解析：(1)由题知选择×100倍率的电阻挡，正确操作时，发现多用电表的指针偏转角度太大，由多用电表的电阻刻度特点可知，为了使读数准确，指针要摆到表盘中央附近，则要把×100倍率挡换成×10倍率挡．由欧姆表盘的读数规则可知测量结果为12.0×10 Ω＝120 Ω.(2)已知电源电动势E＝6 V，而电压表V的量程为50 V，相比较可得知，此电压表不可选，误差太大；由电源电动势E＝6 V，被测阻值约120 Ω，可知：通过R x的最大电流约为I＝ER x＝50 mA；此题要用伏安法测电阻，测量中表的指针要有较大角度偏转误差才会较小，同时知A1的量程和内电阻，可将定值电阻R0与A1串联改装成一电压表测R x两端的电压；滑动变阻器R＝10 Ω比被测电阻R x小得多，则采取分压式接法，则电路图如图所示：由电路图可知，R x两端电压U x＝I1(R0＋r1)R x中的电流I x＝I2－I1则R x＝U xI x＝I1I2－I1(R0＋r1)．5.某小组利用图示实验装置来测定滑块与桌面之间的动摩擦因数，其中，a是滑块(可视为质点)，b是可以固定于桌面的滑槽(滑槽末端与桌面相切)．实验操作步骤如下：A．将滑槽固定于水平桌面的右端，滑槽的末端与桌面的右端M 对齐，让滑块a从滑槽上最高点由静止滑下，落在水平地面上的P点，并测出桌面的高度MO为h，OP距离为x0；B．将滑槽沿桌面向左移动一段距离，测出滑槽的末端N与桌面的右端M的距离为L，让滑块a再次从滑槽上最高点由静止滑下，落在水平地面上的P′点，测出OP′距离为x；改变L，重复上述步骤，分别记录实验数据．不计空气阻力．请回答下列问题：(1)实验________(填“需要”或“不需要”)测量滑块的质量m.(2)根据实验记录的数据作出x2-L关系的图象如图所示，若图中纵截距为x20，横截距为L0，则可求出滑块a与桌面间的动摩擦因数的表达式是μ＝________.(3)若更换不同材料的滑槽使滑块a与滑槽b间摩擦阻力减小，则滑块a与桌面间的动摩擦因数的测量结果将________(填“偏大”、“偏小”或“不变”)．答案：(1)不需要(2)x204hL0(3)不变解析：滑块a从滑槽上最高点由静止滑到M点时的速度为v0，则根据平抛运动的知识可得x0＝v0t，h＝12gt2，将滑槽左移一段距离L后，让滑块a再次从滑槽上最高点由静止滑下，运动到M点的速度为v，则有x＝v t，h＝12gt2，根据动能定理得－μmgL＝12m v2－12m v2，联立各式可解得x2＝x20－4μhL，由此式可知不需测量滑块的质量．再联系x2-L图象有x20L0＝4μh，即μ＝x204hL0.若更换不同材料的滑槽使滑块a与滑槽b间摩擦阻力减小，滑块a与桌面间的动摩擦因数的测量结果将不变．6．有些材料的电阻率随压力作用而变化，这种现象称为“压阻效应”，这种材料可以制成压力传感器．现用如图甲所示的电路先研究某长薄板电阻R x的压阻效应，然后将其改装为传感器．已知R x的阻值变化范围为几欧到十几欧，实验室中有下列器材：甲A．电源E(3 V，内阻不计)B．电流表A1(3 mA，内阻r1＝10 Ω)C．电流表A2(300 mA，内阻r2约为1 Ω)D．电压表V(15 V，内阻约5 kΩ)E．电阻箱R1(最大阻值为10 000 Ω)F．定值电阻R0＝3 ΩG．开关S及若干导线(1)为了比较准确地测量电阻R x，请完成图甲中虚线框内电路图的设计．(2)要测量电阻R x，在电阻R x上加一个竖直向上的力F(设竖直向下为正方向)，闭合开关S后，需要读取的数据为_______(用字母表示，并指明字母表示的测量量)，求解电阻R x的表达式为R x＝________(用所测物理量的字母表示)．(3)根据实验测量结果，作出压阻元件的R x-F图象，如图乙所示，将这种压阻元件与一个电流表串联接入如图丙所示电路将电流表改装成测量压力的仪表．若定值电阻R0＝14 Ω，电源和电流表内阻不计，电源电动势为3 V，则应将电流表刻度为________A处改为0 N，将电流表刻度为________A处改为4.5 N.乙丙答案：(1)如图所示(2)电流表A1的示数I1，电流表A2的示数I2，电阻箱的示数R1I1(r1＋R1)I2－I1(3)0.10.143解析：(1)由题图乙知，被测电阻R x大小在7～16 Ω之间，则电路中电流最大为0.43 A，电路中有保护电阻R0，电流小于0.3 A，电流表选A2.电源电动势为3 V，电压表量程太大，不能准确测量，应将电流表A1与电阻箱串联，改装成量程为3 V的电压表，需要串联阻值为990 Ω的电阻，改装后电压表总内阻为1 000 Ω，被测量电阻为小电阻，电流表A2采用外接法．(2)闭合开关后，需要读出电流表A1的示数I1，电流表A2的示数I2，电阻箱的示数R1，则电阻R x的表达式为R x＝I1(r1＋R1) I2－I1.(3)压力为0 N时，压阻元件的电阻为16 Ω，由欧姆定律得电流为0.1 A；当压力为4.5 N时，压阻元件的电阻为7 Ω，电流为0.143 A.。
2016届高三二轮复习物理作业卷 热学含解析
2016万卷作业卷（二十）热学一 、单选题（本大题共5小题 。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1. 下列说法正确的是A ．物体温度改变时，物体分子的平均动能一定改变B ．在两分子间距离减小的过程中，分子间引力减小，斥力增大C ．在两分子间距离增大的过程中，分子势能一定增大D ．气体压强是气体分子间的斥力产生的2. 热现象与大量分子热运动的统计规律有关，1859年麦克斯韦从理论上推导出了气体分子速率的分布规律，后来有许多实验验证了这一规律。
若以横坐标v 表示分子速率，纵坐标f (v )表示各速率区间的分子数占总分子数的百分比。
对某一部分密闭在钢瓶中的理想气体，在温度T 1、T 2时的分子速率分布图象如题图所示，下列分析和判断中正确的是( )A ．两种状态下瓶中气体内能相等B ．两种状态下瓶中气体分子平均动能相等C ．两种状态下瓶中气体分子势能相等D ．两种状态下瓶中气体分子单位时间内撞击瓶壁的总冲量相等3. 下列说法中正确的是A ．气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能增大，撞击器壁时对器壁的作用力增大，从而气体的压强一定增大B ．气体体积变小时，单位体积的分子数增多，单位时间内撞到器壁单位面积上的分子数增多，从而气体的压强一定增大C ．压缩一定质量的气体，气体的内能一定增加D ．分子a 只在分子b 的分子力作用下，从无穷远处向固定不动的分子b 运动的过程中，当a 到达受b 的作用力为零的位置时，a 的动能一定最大4. 架在A 、B 两根电线杆之间的均匀电线在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，电线呈现如图所示的两种形状。
下列说法中正确的是（ ） A ．夏季电线对电线杆的拉力较大B ．冬季电线对电线杆的拉力较大C ．夏季、冬季电线对电线杆的拉力一样大D ．夏季杆对地面的压力较大[5. 下列有关分子运动理论的各种说法中正确的是（ ）A ． 温度低的物体内能小B ． 温度低的物体，其分子运动的平均动能也必然小C ． 做加速运动的物体，由于速度越来越大，因此物体分子的平均动能越来越大D ． 0℃的铁和0℃的冰，它们的分子平均动能可能不相同夏季 冬季 A A B B二、多选题（本大题共2小题）6. 健身球是一个充满气体的大皮球，当人压向健身球上时，假设球内气体温度不变，则在这个过程中A．气体分子的平均动能增大B．气体的密度增大C．气体从外界吸收热量D．外界对气体做功7.（2015•汕头一模）气象探测气球内充有常温常压的氦气，从地面上升至某高空的过程中，气球内氦气的压强随外部气压减小而逐渐减小，其温度因启动加热装置而保持不变．高空气温为﹣7.0℃，球内氦气可视为理想气体，下列说法中正确的是（）A．在此过程，气球内氦气体积逐渐增大B．在此高空，关闭加热装置后，氦气分子平均动能增大C．在此高空，关闭加热装置后，氦气将对外界做功D．在此高空，关闭加热装置后，氦气将对外放热三、简答题（本大题共2小题）8.（2015•松江区一模）如图，由U形管和细管连接的玻璃泡A、B和C浸泡在温度均为0℃的水槽中，B的容积是A的3倍．阀门S将A和B两部分隔开．A内为真空，B和C内都充有气体．U形管内左边水银柱比右边的低60mm．打开阀门S，整个系统稳定后，U形管内左右水银柱高度相等．假设U形管和细管中的气体体积远小于玻璃泡的容积．（1）求玻璃泡C中气体的压强（以mmHg为单位）（2）将右侧水槽的水从0℃加热到一定温度时，U形管内左右水银柱高度差又为60mm，求加热后右侧水槽的水温．9.（2015•崇明县一模）在托里拆利实验中，由于操作不慎，漏进了一些空气．当大气压强为75cm Hg时，管内外汞面高度差为60cm，管内被封闭的空气柱长度是30cm，如图所示．问：（1）此时管内空气的压强是多少？（2）若将此装置移到高山上，温度不变，发现管内外汞面高度差变为54cm，山上的大气压强为多少（设管顶到槽内汞面的高度不变）？2016万卷作业卷（二十）答案解析一、单选题10.【答案】A11.【答案】C12.【答案】D13.【答案】B14.【答案】B考点：分子的热运动．专题：分子运动论专题．分析：温度是分子平均动能的唯一标志，分子动能与分子的速率以及分子质量有关．解答：解：A、温度是分子平均动能的标志，温度低只能说明分子平均动能小，不能说明分子势能，而内能包括分子动能和分子势能，故A错误．B、温度低的物体，分子平均动能一定小，故B正确；C、温度是分子平均动能的标志，与物体是否运动无关，故C错误．D、温度是分子平均动能的唯一标志，温度相同说明分子平均动能相同，0℃的铁和0℃的冰，它们的分子平均动能相同，故D错误．故选：B．点评：掌握温度是分子平均动能的“唯一”标志，与其他任何因素无关．二、多选题15.【答案】BD16.【答案】AD【考点】：热力学第一定律；理想气体的状态方程．【分析】：气体经历等温过程，根据玻意耳定律分析体积的变化；温度是分子热运动平均动能的标志．【解析】：解：A、气体经历等温过程，压强减小，根据PV=C，在此过程，气球内氦气体积逐渐增大，故A正确；B、在此高空，关闭加热装置后，温度降低，故氦气分子平均动能减小，故B错误；C、在此高空，压强固定，关闭加热装置后，温度降低，根据，体积减小，故是外界对气体做功，故C错误；D、在此高空，压强固定，关闭加热装置后，温度降低，故会对外放热，故D正确；故选：AD．【点评】：本题关键是明确温度的微观意义，能够结合理想气体状态方程列式分析，基础题目．三、简答题17. 考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：压轴题；理想气体状态方程专题．分析：以B内封闭气体为研究对象，做等温变化，根据玻意耳定律求出B内的压强，然后求出C内压强；以C中封闭气体为研究对象，根据等容变化列方程求解．解答：解：（i）加热前C中压强始终不变，B内封闭气体初状态：P B=P C+60，打开阀门后P B′=P C由题意：由玻意尔定律P B V B=P B′V B′得：P B′=180mmHg P C=P B′=180mmHg（ii）C内封闭气体做等容变化，加热后压强P C′=P C+60mmHg=得：T′=364K答：（1）玻璃泡C中气体的压强为180mmHg（2）加热后右侧水槽的水温364K．点评：本题考查了理想气体状态方程的应用，关键是正确分析ABC中气体压强的关系．。
考前保温训练
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(3)如果刹车时两车的加速度交换，这时由于甲车的加速度为 a2 ＝6 m/s2，乙车的加速度为 a1＝4 m/s2 说明运行过程中甲车要比乙车先停下来， 所以两车的位移大小关 v0 2 v0 2 系应满足：v0t0＋ ＝x0′＋ ， 2a1 2a2 55 代入数据解得 x0′＝ m≈9.17 m。 6
答案：(1)30 N
(2)1 m
(3)6 J 返回
考前保温训练(三)
1．选 BD 运动员动能与重力势能均增加，A错误，B正确； 重力做负功，C错误；地面对运动员不做功，运动员通过 自身肌肉和骨骼的运动使自身储存能量转化为机械能，根 据动能定理知，D正确。
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2．选 C 取m、M为一整体，在两物块间开始相对滑动之 前，整体一直处于平衡状态，故有F＝kx，由能量守恒 定律可知，推力F做的功全部转化为弹簧的弹性势能， C正确；隔离m分析，由平衡条件得：F＝kx，故随x增 大，m受到的摩擦力增大，当x＝40 cm时，F最大，大
说明到达斜面时速度方向与斜面垂直，将 速度如图所示分解为 v1＝v0，v2＝gtA，由 v1 v0 图可得：tan θ＝ ＝gt ；而 B 球落到斜面上的位移最短，则说 v2 A 明小球 B 从抛出到斜面的位移与斜面垂直，将位移分解可得：x v0 1 2 x v0tB ＝v0tB，y＝ gtB ，由图可得 tan θ＝y ＝ ＝ ，故可知选项 2 1 2 1 gt gt 2 B 2 B C 正确。
4 P 7.5×10 牵引力 F＝Ff，所以 P＝Fv＝Ffvm，vm＝ ＝ m/s Ff 2.5×103
＝30 m/s。
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(2)求 100 s 内的位移的方法有以下两种： 法一：直接判断法：从开始到 100 s 时刻依据动能定理得： 1 1 2 Pt－Ffx＝ mvm － mv0 2，解得： 2 2 2Pt－mvm2＋mv0 2 x＝ ＝2 200 m。 2Ff
2016高考物理二轮复习：模拟训练(2份) 人教课标版1(优秀免费下载资料)
仿真模拟卷二（对应学生用书）一、选择题（本题共小题，每小题分。
在每小题给出的四个选项中，第～题只有一项符合题目要求，第～题有多项符合题目要求.）.关于两个等量异种点电荷在其连线中点处的电场强度和电势，下述正确的是（）.场强为零，电势可能为零.场强为零，电势一定不为零.场强不为零，电势可能为零.场强不为零，电势一定不为零.钢球自塔顶自由落下m时，钢球自离塔顶m距离处自由落下，两钢球同时到达地面，不计空气阻力，则塔高为（）.（·河南信阳一模）下图是演示小蜡块运动规律的装置.在蜡块沿玻璃管（方向）上升的同时，将玻璃管紧贴着黑板沿水平方向（方向）向右运动，得到蜡块相对于黑板（平面）运动的轨迹图（图）.则蜡块沿玻璃管的上升运动与玻璃管沿水平方向的运动的形式是（）.小蜡块沿玻璃管做匀加速直线运动，玻璃管沿水平方向做匀加速直线运动.小蜡块沿玻璃管做匀加速直线运动，玻璃管沿水平方向做匀速直线运动.小蜡块沿玻璃管做匀速直线运动，玻璃管沿水平方向先加速后减速.小蜡块沿玻璃管做匀速直线运动，玻璃管沿水平方向先减速后加速.如图所示，直线为电源的路端电压与电流的关系图象，直线为电源的路端电压与电流的关系图象，直线为一个电阻的两端电压与电流的关系图象，将这个电阻分别接到、两电源上，那么（）接到电源上，电源的效率较高接到电源上，电源的输出功率较大接到电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低接到电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高.质量为kg的物体，放在动摩擦因数为μ＝的水平面上，在水平拉力的作用下，由静止开始运动，拉力做的功和物体发生的位移之间的关系如图所示，＝.下列说法中正确的是（）.此物体在段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为.此物体在段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为.此物体在段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为.此物体在段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为.如图所示，是匀强磁场的边界，质子（）和α粒子（）先后从点射入磁场，初速度方向与边界夹角均为°，并都到达点.不计空气阻力和粒子间的作用.关于两粒子在磁场中的运动，下列说法正确的是（）.质子和α粒子运动轨迹相同.质子和α粒子运动动能相同.质子和α粒子运动速率相同.质子和α粒子运动时间相同年月，航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，为轨道Ⅱ上的一点，如图所示.关于航天飞机的运动，下列说法中正确的有（）.在轨道Ⅱ上经过的速度小于经过的速度.在轨道Ⅱ上经过的动能小于在轨道Ⅰ上经过的动能.在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期.在轨道Ⅱ上经过的加速度小于在轨道Ⅰ上经过的加速度.如图所示，用两等长的细绳将一磁铁与一圆形闭合线圈悬于细杆上，静止时线圈平面与磁铁的轴线垂直，磁铁质量为，磁极如图所示.在垂直于细杆的平面内，保持细绳绷紧，将磁铁拉至与细杆等高的位置，将磁铁由静止释放，则下列说法正确的是（）.磁铁下摆过程中，线圈所受合外力为零.磁铁下摆过程中，线圈中有逆针方向（沿方向看）的感应电流.磁铁下摆过程中，线圈中有顺时针方向（沿方向看）的感应电流.磁铁摆到最低点时，两绳子拉力的合力小于二、非选择题（包括必考题和选考题两部分）（一）必考题（分）.（分）（）打点计时器所用电源为（交流电或直流电），当电源频率为，每隔打一个点，实验时放开纸带与接通电源的先后顺序是先.（）某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带，他已在每条纸带上按每个点取好一个计数点，即两计数点之间的时间间隔为，依打点先后编为，，，，，.由于不小心，几条纸带都被撕断了，如图所示，请根据给出的、、、四段纸带回答：在、、三段纸带中选出从纸带上撕下的那段应该是，打纸带时，物体的加速度大小是..（分）实验室备有以下器材：电压传感器、电流传感器、滑动变阻器（阻值变化范围～Ω）、滑动变阻器（阻值变化范围～Ω）、电动势适当的电源、小灯泡（，）、开关、导线若干.（）要完整地描绘小灯泡的曲线，请在方框中画出实验电路图，并标出所用滑动变阻器的符号.（）实验中描绘出的小灯泡曲线如图所示，由图象可知，小灯泡灯丝电阻随温度升高而（填“增大”“减小”或“不变”）.（）如果用上述器材测量所给电源的电动势和内电阻，实验电路如图甲所示，图中是阻值为Ω的保护电阻，实验中测得多组数据如下表所示，试在同一坐标系中画出等效电源的图象，由图象可求出电源自身内阻约为Ω.序号（）若将上述小灯泡直接与电源和保护电阻组成串联电路，如图乙所示，此时小灯泡消耗的电功率约为..（分）如图所示，在高出水平地面＝m的粗糙平台上放置一质量＝kg、长度＝m的薄板，上表面光滑，最左端放有可视为质点的物块，其质量＝.开始时静止，有向右的初速度＝m、与平台间动摩擦因数均为μ＝.现对施加＝水平向右的恒力，当尚未露出平台时已经从右端脱离，脱离时撤掉离开平台后的落地点与平台右边缘的水平距离＝m（取＝m）.求：（）离开平台时的速度；（）从一开始到刚脱离右端时，运动的时间；（）一开始时薄板的最右端离平台边距离..（分）如图所示，在无限长的水平边界和间有一匀强电场，同时在、区域分别存在水平向里和向外的匀强磁场，磁感应强度大小相同，为左右磁场的分界线边界上的点到边界的距离为（＋）.一带正电微粒从点的正上方的点由静止释放，从点垂直边界进入电、磁场区域，且恰好不从边界飞出电、磁场.已知微粒在电、磁场中的运动轨迹为圆弧，重力加速度大小为，电场强度大小（未知）和磁感应强度大小（未知）满足＝，不考虑空气阻力.（）求点距离点的高度多大.（）若微粒从点以＝水平向左平抛，且恰好垂直下边界射出电、磁场，则微粒在电、磁场中运动的时间多长？（二）选考题（共分）.[物理——选修－]（分）（）（分）下列说法正确的是（）.单晶体冰糖磨碎后熔点不会发生变化.足球充足气后很难压缩，是因为足球内气体分子间斥力作用的结果.一定质量的理想气体经过等容过程，吸收热量，其内能一定增加.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的.一定质量的理想气体保持体积不变，单位体积内分子数不变，虽然温度升高，单位时问内撞击单位面积上的分子数不变（）（分）一定质量的理想气体从状态变化到状态，再变化到状态，其状态变化过程的图象如图所示.已知该气体在状态时的温度为℃.则：①该气体从状态到状态的过程中（填“吸热”或“放热”）.②该气体在状态时的温度为多少℃？.[物理——选修－]（分）（）（分）如图（）为一列简谐横波在＝时的波形图，图（）为介质中平衡位置在＝m处的质点的振动图象.下列说法正确的是（）.质点的振幅为cm.横波传播的波速为m.横波沿轴负方向传播.在任意内运动的路程为cm.在任意内运动的路程为cm（）（分）如图所示，有一足够大的容器内盛有水和色拉油两种物质，其中水的深度为，色拉油的厚度为，容器底部有一个单色点光源，已知水对该光的折射率为＝，色拉油对该光的折射率为＝，光在真空中的传播速度为，求：①这种光在水中和色拉油中传播的速度大小；②在色拉油上表面放一不透明薄膜，以致从光源直接发出的光线不能从色拉油中射出，则薄膜的最小面积..[物理—选修－]（分）（）（分）根据玻尔理论，下列说法正确的是（）.原子处于定态时，虽然电子做变速运动，但并不向外辐射能量.氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，电势能的减少量大于动能的增加量.氢原子可以吸收小于使氢原子电离能量的任意能量的光子，因而轨道半径可以连续增大.电子没有确定轨道，只存在电子云.玻尔理论的成功之处是引入量子观念（）（分）如图所示，质量为kg的小球放在光滑的曲面上，离地面的高度m，小球静止在水平地面上，离竖直墙的距离是＝m，静止释放，与发生弹性碰撞，与墙碰撞无机械能损失，也不计与墙碰撞时间，在离墙m处两球发生第二次碰撞，重力加速度＝m，求：①小球的质量；②两球第一次碰撞到第二次碰撞的时间间隔.仿真模拟卷二解析与答案.解析：根据两个等量异种点电荷的电场线图可知，其连线中点的电场强度不为零；由于两个等量异种点电荷连线的中垂线为等势面，一直通到无穷远，如选取无限远电势为零，则连线中点的电势也为零，故、、错误，正确.答案：.解析：根据＝得：球下落m所需时间为：＝＝＝，设塔高，则球下落的时间为：＝①对球有：＝（＋）②由①②解得：＝m.答案：.解析：由曲线运动的条件可知，合力与初速度不共线，且轨迹的弯曲大致指向合力的方向，若蜡块沿玻璃管做匀速直线运动，则玻璃管沿方向先减速后加速；若蜡块沿水平方向做匀速直线运动，则玻璃管沿方向先加速后减速；故、、错误，正确.答案：.解析：电源的效率η＝＝.由图看出，电阻接在电源上时电路中电流为，短路电流为，根据闭合电路欧姆定律＝得到，＝，电源的效率为.由图看出，电阻接在电源上时＞，则电源的效率大于，故错误；电源的图线与电阻的图线的交点表示电阻接在该电源上的工作状态，由图读出电阻接在电源的电压和电流较大，电源的输出功率较大，故错误；由分析可知，接到电源上，电源的输出功率较大，电源效率较低.故正确，错误.答案：.解析：对物体受力分析，物体受到的摩擦力为：＝μ＝μ＝××＝由图象可知，斜率表示的是物体受到的力的大小，段的拉力为，段的拉力为，所以物体在段做匀加速运动，在段做匀减速直线运动在段的拉力为，物体做加速运动，当速度最大时，拉力的功率最大，由＝，＝得：＝代入数值解得：＝m，此时的最大功率为：＝＝×＝在段，物体匀减速运动，最大速度的大小为，拉力的大小为所以此时的最大功率为：＝＝×＝所以在整个过程中拉力的最大功率为，所以、、错误，正确.答案：.解析：粒子在磁场中做匀速圆周运动，质子和α粒子从同一点沿相同的方向射入磁场，然后从同一点离开磁场，则它们在磁场中的运动轨迹相同，故正确；两粒子的运动轨迹相同，则它们的轨道半径相同，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：＝，解得：＝，粒子动能：＝＝，质子与α粒子的电量分别为和，质量之比为∶，轨道半径、磁感应强度都相等，则质子＝α粒子，故正确；由牛顿第二定律得：＝，解得：＝，质子与α粒子的电量分别为和，质量之比为∶，轨道半径、磁感应强度都相等，则：＝，故错误；粒子在磁场中做圆周运动的周期：＝，质子与α粒子的电量分别为和，质量之比为∶，磁感应强度都相等，则：＝，两粒子的运动轨迹相同，粒子在磁场中转过的圆心角θ相同，粒子在磁场中的运动时间：＝，＝＝，故错误.答案：.解析：在轨道Ⅱ上由点到点，万有引力做正功，动能增加，则点的速度小于点的速度，故正确；由轨道Ⅱ上的点进入轨道Ⅰ，需加速，使得万有引力等于所需的向心力，所以在轨道Ⅱ上经过的动能小于在轨道Ⅰ上经过的动能，故正确；根据＝知，由于轨道Ⅱ的半长轴小于轨道Ⅰ的半径，则飞船在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期，故正确；航天飞机在轨道Ⅱ上经过点和轨道Ⅰ上经过的万有引力相等，根据牛顿第二定律知，加速度相等.故错误.答案：.解析：磁铁下摆过程中，向左穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知，感应电流的磁通量的方向向右，所以线圈中有顺时针方向（沿方向看）的感应电流.故、错误，正确；磁铁向下运动的过程中，根据楞次定律可知，磁铁会受到线圈产生的感应电流的阻碍，机械能减小.则：<，最低点拉力与重力的合力提供向心力，所以：－＝，联立以上两式得：<，故正确.答案：.解析：（）打点计时器所用电源为交流电，当电源频率为，每隔打一个点，实验时放开纸带与接通电源的先后顺序是先接通电源后释放纸带.（）根据匀变速直线运动的特点（相邻的时间间隔位移之差相等）得出：－＝－＝－＝－所以属于纸带的是图.根据运动学公式Δ＝，得：＝＝m.答案：（）交流电接通电源后释放纸带（）.解析：（）描绘灯泡的伏安图象曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器要采用分压接法，由于小灯泡的阻值较小，电流表应用外接法，电路图如图所示：（）由图示图象可知，随电压与电流的增大，灯泡实际功率增大，灯丝温度升高，电压与电流的比值增大，灯丝电阻增大，由此可知，小灯泡灯丝电阻随温度升高而增大.（）根据表中实验数据作出电源图象如图所示，由图示图象可知，电源内阻：＝－＝Ω≈Ω.（）由图示图象可知，灯泡两端电压为，电流为：，灯泡的电功率为：＝＝×≈.答案：（）电路图如图所示（）增大（）如图所示（）（～均正确）.解析：（）竖直方向：＝得：＝＝＝水平方向：＝＝＝m.（）匀速运动，匀加速运动，对受力分析如图，＝μ（＋）＝×（×＋×）＝，的加速度＝＝＝，设经过从的右端脱离时，－＝，－＝，×－＝，解得：＝，＝.若＝，板的速度＝＝×m＝m，大于的速度，会从左端掉落，所以不符合题意.所以＝.（）脱离前的运动位移为＝＝××12＝m，脱离后的加速度为＝μ＝×＝，滑到平台边的距离为：＝－)＝＝所以一开始薄板的最右端离平台边距离＝＋＝m.答案：（）m（）（）m.解析：（）微粒带电量为、质量为，轨迹为圆弧，有＝.微粒在磁场中运动速率时恰好与相切，如图甲所示，、为微粒运动的圆心，与竖直方向夹角为θ，由几何知识知θ＝.微粒半径，由几何关系有＋θ＝（＋），得＝2L.由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有＝)，由动能定理有＝，已知＝，得＝.（）如图乙所示微粒平抛到边界上的点的时间为，水平距离，由运动学公式有＝，＝，代入＝、＝，得＝、＝.微粒在点时竖直分速度＝，速度为＝、与夹角为θ＝°.微粒在磁场中运动半径＝4L.由几何关系知微粒从点运动°垂直到达边界.微粒在磁场中运动周期＝＝π.由题意有微粒运动时间＝＋（＝，，，…）微粒运动时间＝π（＝，，，…）答案：（）（）π（＝，，，…）.解析：（）单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，故错误；足球充足气后很难压缩是由于足球内外的压强差的原因，与气体的分子之间的作用力无关.故错误；一定质量的理想气体经过等容过程，吸收热量，没有对外做功，根据热力学第一定律可知，其内能一定增加，故正确；根据热力学第二定律可知，自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，故正确；一定质量的理想气体保持体积不变，单位体积内分子数不变，温度升高，分子的平均动能增大，则平均速率增大，单位时间内撞击单位面积上的分子数增大.故错误.（）①由图可得＝，由＝，得＝，因为一定质量理想气体内能变化由温度决定，可知气体从状态到状态的过程中，内能不变；体积变大，气体对外界做功，由热力学第一定律知吸热.②由上分析可知，＝＝＋＝，＝℃.答案：（）（）①吸热②该气体在状态时的温度为℃.解析：（）由图象知，点的振幅为cm，故正确；波速＝＝＝m.故正确；根据题意可知，图乙为质点从此时开始的振动图象，得出质点向下振动，则可确定波的传播方向为轴正方向传播，故错误；为一个周期，故点的路程为振幅的倍，故为，但是质点不是匀速振动，故任意的路程不一定为cm，故正确、错误.（）①由＝得光在水中传播速度：＝＝光在色拉油中的速度为：＝＝②如图所示，光恰好在色拉油和空气的分界面发生全反射时，光线不能透射出色拉油＝＝在水与色拉油的分界面上，由θ)＝得：θ＝则不透明薄膜的半径：＝θ＋＝又因为面积：＝π联立得：＝π答案：（）（）①②π.解析：氢原子具有的稳定能量状态称为定态，电子绕核运动，但它并不向外辐射能量，故正确；氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，电势能的减少量大于动能的增加量，故正确；原子的不同能量状态与电子沿不同的圆轨道绕核运动相对应，而电子的可能轨道的分布是不连续的，故错误；电子有确定轨道，故错误；玻尔理论的成功之处是引入量子观念，故正确.（）由机械能守恒定律：＝解得小球与碰前速度＝m由、两球发生弹性碰撞，由动量守恒定律得：＝＋由机械能守恒定律得：＝＋解得：＝，＝从第一次碰撞到第二次碰撞这个过程中，设两球第一次碰撞到第二次碰撞的时间间隔为小球运动的路程＝`，小球运动的路程＝`由运动学公式：＝，＝综上可得：＝`，＝`.答案：（）（）①`②`。
2016届高三理综第二次训练物理试题
2016届高三理综第二次训练物理部分一、选择题（本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第l4～18题只有一项符合题目要求；第19～21题有多项符合要求。
全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）14、以下是物理学中的四个实验装置或仪器，由图可知这四个实验或仪器共同的物理思想方法是（ ）A ．极限的思想方法B ．放大的思想方法C ．猜想的思想方法D ．控制变量的方法15、取水平地面为重力势能零点。
一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能恰好是重力势能的3倍。
不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（ ） A.6π B. 4π C. 3π D. 125π16、如图，一质量为M 的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m 的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下。
重力加速度大小为g ，当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力比初始时( )A ．增加了mg 5B ．减小了mg 5C ．增加了mg 4D ．减小了mg 417、如图所示，平行金属板A 、B 水平正对放置，分别带等量异号电荷。
一带点微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（ ）A ．若微粒带正电荷，则电场力一定小于重力B ．微粒从M 点运动到N 点电势能一定增加C ．微粒从M 点运动到N 点动能不一定增加D ．微粒从M 点运动到N 点机械能可能增加也有可能减少18、长为L 的轻绳悬挂一个质量为m 的小球，开始时绳竖直，小球与一个倾角 的静止三角形物块刚好接触，如图所示。
现在用水平恒力F 向左推动三角形物块，直至轻绳与斜面平行，此时小球的速度速度大小为V ，重力加速度为g ，不计所有的摩擦。
则下列说法中正确的是（ ）A.上述过程中，斜面对小球做的功等于小球增加的动能B.上述过程中，推力F 做的功为FLC.上述过程中，推力F 做的功等于小球增加的机械能D.轻绳与斜面平行时，绳对小球的拉力大小为19、一个正点电荷Q 静止在正方形的一个顶点上，另一个带电质点射入该区域时，仅受电场力的作用恰好能依次经过正方形的另外三个顶点a 、b 、c ，如图所示，则有（ ）A ．质点在a 、b 、c 三处的加速度大小之比是1：2：1B ．若改变带电质点在a 处的速度大小和方向，有可能使其在该电场中做类平抛运动C ．a 、b 、c 三点电势高低及电场强度大小的关系是D ．质点由a 到b 电势能增加，由b 到c ，电场力做正功，在b点动能最小20、如图，电路中定值电阻阻值R 大于电内阻阻值r 。
大二轮高考总复习物理文档考前物理实验保温训练含答案
第二部分 考前第1天1．(2017·广州调研)在“探究小车的速度随时间变化的规律”实验中，如图甲是一条记录小车运动情况的纸带，A 、B 、C 、D 、E 为相邻计数点，相邻计数点间的时间间隔为T ＝0.1 s ．(1)计算各点的瞬时速度，v B ＝________ m /s ，v C ＝2.64 m/s ，v D ＝3.90 m /s ，v E ＝5.16 m/s ；(2)在图乙所示坐标中作出小车的v -t 图线，并根据图线求出a ＝________ m/s 2．解析：(1)B 点的瞬时速度等于AC 段的平均速度，则v B ＝x AC 2T ＝0.2760.2m /s ＝1.38 m/s ． (2)速度时间图线如图所示，图线的斜率表示加速度，a ＝Δv Δt ＝5.20－1.400.4－0.1m /s 2≈12.7 m/s 2． 答案：(1)1.38 (2)见解析图 12.72．(2017·济南模拟)某班同学所做实验如下：(1)小翔利用如图甲所示的装置，探究弹簧弹力F与伸长量Δl的关系，由实验绘出F与Δl的关系图线如图乙所示，该弹簧劲度系数为________ N/m．(2)小丽用如图丙所示的装置验证“力的平行四边形定则”，用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后，其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：A．如图丙，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；B．卸下钩码，然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧测力计将弹簧末端拉到________，记录细绳套AO、BO的________及两弹簧测力计相应的读数．图丁中B弹簧测力计的读数为________N；C．小丽在坐标纸上画出两弹簧拉力F A、F B的大小和方向如图戊所示，请你用作图工具在图中作出F A、F B的合力F′；D．已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图戊所示；E．最后观察比较F和F′，得出结论．解析：(1)图线的斜率表示劲度系数：k＝1512×10－2N/m＝125 N/m．(2)实验时，为了使两根弹簧测力计的共同作用效果与两个钩码的重力效果相同，需将弹簧的末端拉到同一位置O，需记录细绳套AO、BO的方向以及两弹簧测力计相应的读数．图丁中B弹簧测力计的读数为11.40 N．根据平行四边形定则作出合力，如图所示．答案：(1)125(2)同一位置O方向11.40见解析图3．(2017·怀化三模)某同学利用如图(a)所示装置测量当地重力加速度．实验时，通过电磁铁控制小铁球从P 处自由下落，小铁球依次通过两个光电门Ⅰ、Ⅱ，测得遮光时间分别为Δt 1和Δt 2，两光电门中心的高度差为h ，回答下列问题：(1)用螺旋测微器测得小铁球直径的示数如图(b)所示，则小铁球的直径D ＝________ mm ；(2)计算重力加速度表达式为g ＝_______________；(用测定的物理量的符号表示)(3)为了减小实验误差，以下建议合理的是________．A ．减小光电门Ⅰ、Ⅱ间的高度差B ．换用密度更大、体积更小的金属球C ．多次改变光电门Ⅰ、Ⅱ的位置，测量g 并求其平均值解析：(1)螺旋测微器的固定刻度读数为7.0 mm ，可动刻度读数为 0.01×37.3 mm ＝0.373 mm ，所以最终读数为：7.0 mm ＋0.373 mm ＝7.373 mm ．(2)小铁球经过光电门Ⅰ时的速度表达式v 1＝D Δt 1经过光电门Ⅱ时的速度表达式v 2＝D Δt 2； 根据运动学公式得g ＝12h ⎣⎡⎦⎤⎝⎛⎭⎫D Δt 22－⎝⎛⎭⎫D Δt 12； (3)减小实验误差的方法是增大光电门的间距，或多次测量求g 的平均值，或换用密度更大、体积更小的金属球，故B 、C 正确，A 错误．答案：(1)7.373(7.372～7.374均可)(2)12h ⎣⎡⎦⎤⎝⎛⎭⎫D Δt 22－⎝⎛⎭⎫D Δt 12 (3)BC 4．(2017·济南模拟)要测绘一个标有“3 V ,0.6 W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3 V ，并便于操作．已选用的器材有：电池组(电动势4.5 V ，内阻约1 Ω)；电流表(量程为0～250 mA ，内阻约5 Ω)；电压表(量程为0～3 V，内阻约3 kΩ)；电键一个、导线若干．(1)实验中所用的滑动变阻器应选下列中的________(填字母代号)．A．滑动变阻器(最大阻值20 Ω，额定电流1 A)B．滑动变阻器(最大阻值1 750 Ω，额定电流0.3 A)(2)实验的电路图应选用下列的图________(填字母代号)．(3)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示．现将两个这样的小灯泡并联后再与一个2 Ω的定值电阻R串联，接在电动势为1.5 V，内阻为1 Ω的电源两端，如图乙所示．每个小灯泡消耗的功率是________W．解析：(1)为便于调节，滑动变阻器应选择“小电阻、大电流”的A．(2)由于灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3 V，故控制电路应采用分压式，因小灯泡阻值较小，故测量电路应采用外接法，实验的电路图应采用选项B项所示的电路．(3)由闭合电路的欧姆定律可得E＝U＋2I(R＋r)，U＝1.5－6I作出小灯泡在图乙电路中的电压电流关系图线与小灯泡伏安特性曲线的交点结合小灯泡的伏安特性曲线知U＝0.6 V，I＝0.15 A，解得每个小灯泡消耗的功率是0.09 W．答案：(1)A(2)B(3)0.095．某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表1：量程0～0.6 A，内阻r＝0.2 ΩC．电流表2：量程0～0.6 A，内阻约为0.1 ΩD．电压表1：量程0～3 V，内阻未知E．电压表2：量程0～15 V，内阻未知F ．滑动变阻器1：0～10 Ω，2 AG ．滑动变阻器2：0～100 Ω，1 AH ．开关、导线若干(1)伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差．在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．在上述器材中请选择适当的器材：A 、________、________、________、H(填写选项前的字母)；(2)实验电路图应选择如图中的________(填“甲”或“乙”)；(3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U -I 图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E ＝________V ，内电阻r ＝________ Ω．解析：(1)为了读数准确，电流表应该选B ，电压表应该选D ，滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故选F ．(2)因电流表B 的内阻已知，故可以将电流表内阻等效为电源内阻，求出等效电阻后，再求出实际电源电阻，故采用甲图可以有效修正实验误差．(3)由U -I 图可知，电源的电动势E ＝1.5 V ；等效内电阻r ＝1.5－1.00.5Ω＝1.0 Ω； 故实际内阻为1.0 Ω－0.2 Ω＝0.8 Ω．答案：(1)B D F (2)甲 (3)1.5 0.86．(2017·怀化三模)现有两个电流表，电流表A 1是准确完好的，电流表A 2的满偏电流为0.6 A ，但其他示数标注的模糊不清无法读数，某同学利用这两个电流表和一个电阻箱，测量某待测电阻的阻值，设计了如下电路．(1)请根据电路图(图甲)，完成实物图(图乙)的连接，并说明闭合开关前，滑片应滑到滑动变阻器的哪一端？________(填“a”或“b”)(2)该同学连接好电路图后，进行了以下操作：第一步：调整电阻箱电阻，使电流表A2满偏，并记录下电阻箱的阻值R和电流表A1的示数I1；第二步：调整滑动变阻器滑片位置，重复第一步操作；第三步：多次重复第二步操作；第四步：利用实验数据作出R-I1图线如图丙所示．则待测电阻R x＝__________ Ω，电流表A2的内阻为__________ Ω．解析：(1)对照电路图，用笔画线代替导线，连接实物图，如图所示：连接电路前，为保护电表，要保证两个电表的电压为零，故滑片应滑到滑动变阻器的a 端．(2)电流表A2与电阻箱整体与电阻R x并联，两个支路的电压相等，故：(I1－I2)R x＝I2(R2＋R)化简得到：R＝⎝⎛⎭⎫R xI2I1－(R x＋R2)结合图象，有：R xI2＝1023＝15 ①－(R x＋R2)＝－10②联立解得：R x＝9 ΩR2＝1 Ω．答案：(1)见解析图a(2)9 1。
(新课标Ⅰ卷)2016年高考物理冲刺卷 09(原卷版) Word版
绝密★启用前2016年高考冲刺卷（9）（新课标Ⅰ卷）理科综合物理注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分300分，时间150分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．上作答无效．．．．．。
第Ⅰ卷（126分）二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14、“曹冲称象”是妇孺皆知的故事，当众人面对大象这样的庞然大物，在缺少有效的称量工具而束手无策的时候，曹冲称量出大象的体重，体现了他的智慧，被世人称道。
下列物理学习或研究中用到的方法与“曹冲称象”的方法相同的是：（）A．“质点”的概念B．合力与分力的关系C．“瞬时速度”的概念D．研究加速度与合力、质量的关系15、某同学在学习了直线运动和牛顿运动定律知识后，绘出了沿直线运动的物体的位移x、速t 时刻，初速度为零，则下列图度v、加速度a随时间变化的图像如图所示，若该物体在0内位移最大的是：（）像中该物体在04s16、如图甲所示，物体受到水平推力F的作用，在粗糙水平面上做直线运动．通过力传感器和速度传感器监测到推力F和物体速度v随时间t变化的规律如图乙所示．重力加速度g＝10 m/s2. 则下列说法错误的是：（）A．物体的质量m＝0.5 kgB．物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.2C．第2 s内物体克服摩擦力做的功W＝2 JD．前2 s内推力F做功的平均功率P＝1.5W17、如图所示，图甲中M为一电动机，当滑动变阻器R的触头从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示。
《名师伴你行》2016高考二轮复习物理考前保温训练2Word版含解析
考前保温训练(二)质点运动的基本规律(限时30分钟)1．质点做直线运动的v－t图象如图所示，规定向右为正方向，则该质点在前8 s内平均速度的大小和方向分别为()A．0.25 m/s，向右B．0.25 m/s，向左C．1 m/s，向右D．1 m/s，向左答案：B解析：由图象面积计算0～3 s内质点的位移s1＝2×3×12m＝3 m，方向向右；3～8 s内位移s2＝2×5×12m＝5 m，方向向左，所以前8 s内的总位移s＝s1－s2＝－2 m.v＝st＝－28m/s＝－0.25 m/s，即大小为0.25 m/s，方向向左．B正确．2．(多选)一质点沿x轴运动，其位置x随时间t变化的规律为：x ＝15＋10t－5t2(m)，t的单位为s.下列关于该质点运动的说法正确的是()A．该质点的加速度大小为5 m/s2B．t＝3 s时刻该质点速度为零C．0～3 s内该质点的平均速度大小为5 m/sD．物体处于x＝0处时其速度大小为20 m/s答案：CD解析：由x＝15＋10t－5t2(m)可知，初速度v0＝10 m/s，加速度a ＝－10 m/s2，则A错；由速度公式v＝v0＋at得t＝3 s时，v＝－20 m/s，B 错；t ＝3 s 时，x ＝0 m ，t ＝0时，x ＝15 m ，则0～3 s 内该质点的平均速度v ＝Δx Δt ＝0－15 m 3 s＝－5 m/s ，大小为5 m/s ，C 对；当x ＝0时，得t ＝3 s ，则v ＝－20 m/s ，速度大小为20 m/s ，D 对．3．(多选)酒后驾驶会导致许多隐患，其中之一是驾驶员的反应时间变长，“反应时间”是指驾驶员从发现情况到开始采取制动的时间．下表中“反应距离”是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；“刹车距离”是指驾驶员从踩下刹车踏板制动到汽车停止的时间内汽车行驶的距离．分析下表可知，下列说法正确的是( )A.B ．驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5 sC ．汽车刹车时，加速度大小为10 m/s 2D ．汽车刹车时，加速度大小为7.5 m/s 2答案：AD解析：驾驶员正常情况下反应时间t 1＝615s ＝0.4 s ，酒后反应时间t 2＝1215s ＝0.8 s ，比正常情况多0.4 s ，A 项正确，B 项错；在刹车过程中0－v 2＝2ax ，即0－152＝－2×a ×15，解得a ＝7.5 m/s 2，所以C 项错，D 项正确．4．如图所示，自行车的小齿轮A 、大齿轮B 、后轮C 是相互关联的三个转动部分，且半径R B ＝4R A 、R C ＝8R A .当自行车正常骑行时，A 、B 、C 三轮边缘的向心加速度的大小之比a A ∶a B ∶a C 等于( )A ．1∶1∶8B ．4∶1∶4C ．4∶1∶32D ．1∶2∶4答案：C解析：小齿轮A 和大齿轮B 通过链条传动，齿轮边缘线速度相等，即v A ＝v B ，小齿轮A 和后轮C 同轴转动，角速度相等，有ωA ＝ωC .由a ＝v 2R 可判断a A ∶a B ＝R B ∶R A ＝4∶1，同时由a ＝ω2R 可判断a A ∶a C ＝R A ∶R C ＝1∶8，所以有a A ∶a B ∶a C ＝4∶1∶32，C 正确．5．CTMD(中国战区导弹防御体系)是一种战术型导弹防御系统，可以拦截各类型的短程及中程超音速导弹．在某次演习中，检测系统测得关闭发动机的导弹在距地面高为H 处，其速度为v 且恰好水平，反应灵敏的地面拦截系统同时以初速度v 0竖直向上发射一颗炮弹成功拦截．已知发射时炮弹与导弹的水平距离为s ，不计空气阻力，则( )A ．v 0＝H s vB ．v 0＝H s vC ．v 0＝s H vD ．v 0＝v答案：A解析：炮弹做竖直上抛运动有：h1＝v0t－12gt2，导弹做平抛运动有：s＝v t，h2＝12gt 2，且h1＋h2＝H，联立得：v0＝Hsv，所以只有A项正确．6．(多选)摩擦传动是传动装置中的一个重要模型，如图所示，甲、乙两个水平放置的轮盘靠摩擦传动，其中O、O′分别为两轮盘的轴心，已知r甲∶r乙＝3∶1，且在正常工作时两轮盘不打滑．今在两轮盘上分别放置两个同种材料制成的滑块A、B，两滑块与轮盘间的动摩擦因数相等，两滑块到轴心O、O′的距离分别为R A、R B，且R A＝2R B.若轮盘乙由静止开始缓慢地转动，且转速逐渐增大，则下列叙述正确的是()A．滑块相对轮盘开始滑动前，A、B的角速度大小之比为ωA∶ωB ＝1∶3B．滑块相对轮盘开始滑动前，A、B的向心加速度大小之比为a A∶a B＝1∶3C．转速增大后最终滑块A先发生相对滑动D．转速增大后最终滑块B先发生相对滑动答案：AD解析：由题意可知两轮盘边缘的线速度大小相等，有ω甲r 甲＝ω乙r 乙，则ω甲∶ω乙＝r 乙∶r 甲＝1∶3，所以滑块相对轮盘开始滑动前，A 、B 的角速度大小之比为1∶3，A 正确；滑块相对轮盘开始滑动前，根据a ＝ω2r 得A 、B 的向心加速度大小之比为a A ∶a B ＝(ω2甲R A )∶(ω2乙R B )＝2∶9，B 错误；据题意可得两滑块所受的最大静摩擦力分别为f A ＝μm A g ，f B ＝μm B g ，最大静摩擦力之比为f A ∶f B ＝m A ∶m B ，转动中两滑块所受的静摩擦力之比为f A ′∶f B ′＝(m A a A )∶(m B a B )＝(2m A )∶(9m B )，由此可知，当轮盘乙的转速缓慢增大时，滑块B 的静摩擦力先达到最大，先开始滑动，C 错误，D 正确．7．如图所示，乘坐游乐园的翻滚过山车时，质量为m 的人随车在竖直平面内旋转，下列说法正确的是( )A ．车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，没有保险带，人就会掉下来B ．人在最高点时对座位不可能产生大小为mg 的压力C ．人在最低点时对座位的压力等于mgD ．人在最低点时对座位的压力大于mg答案：D解析：人在最低点，由向心力公式可得：F －mg ＝m v 2R ，即F ＝mg ＋m v 2R >mg ，故选项C 错误，D 正确；人在最高点，由向心力公式可得：F ＋mg ＝m v 2R ，可知当v 大于某一值时，满足：F ≥0，则没有保险带，人也不会掉下来，选项A 错误；F >0，人对座位能产生压力，压力随速度的增大而增大，大小可能等于mg ，F <0，安全带对人产生拉力，选项B 错误．8．利用探测器探测某行星，先让探测器贴近该行星表面飞行，测得探测器做圆周运动的周期为T 1，然后调节探测器离行星表面的高度，当离行星表面高度为h 时，探测器做圆周运动运行一周的时间为T 2.已知引力常量为G ，则下列判断正确的是( )A ．不能求出该行星的质量B ．不能求出该行星的密度C ．可求出探测器贴近行星表面飞行时，行星对它的引力D ．可求出该行星的第一宇宙速度答案：D解析：由开普勒第三定律得T 21R 3＝T 22(R ＋h )3，可求得行星的半径R ，由G Mm R 2＝m ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 12R 可求得行星的质量M ，A 错误；由ρ＝M 43πR 3可求得行星的密度，B 错误；由F ＝G Mm R 2可知，由于探测器的质量未知，无法求出行星对探测器的引力，C 错误；由G Mm R 2＝m v 2R 可求出该行星的第一宇宙速度，D 正确．9.2014年12月2日，国防科工局探月与航天工程中心副主任表示，探月工程三期再入返回飞行试验器的返回舱安全着陆在预定着陆点，任务取得圆满成功，这是我国首次实施再入返回飞行试验，飞行试验器经历地月转移、月球近旁转向、月地转移、再入返回、着陆回收五个阶段，假设飞行试验器返回地球时，经历如图所示的变轨过程，则下列说法正确的是()A．飞行试验器在轨道Ⅱ上运动时，在P点的速度小于在Q点的速度B．飞行试验器在轨道Ⅰ上运动时，在P点的速度大于在轨道Ⅱ上运动时在P点的速度C．飞行试验器在轨道Ⅰ上运动到P点时的加速度等于飞行试验器在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度D．飞行试验器绕月球在轨道Ⅰ上的运动周期跟飞行试验器的返回器返回地面的过程中绕地球以与轨道Ⅰ同样半径运动的周期相同答案：C解析：由飞行试验器在轨道Ⅱ上运动时机械能守恒可知，飞行试验器在P点的速度大于在Q点的速度，选项A错误；飞行试验器从轨道Ⅰ加速即可进入到轨道Ⅱ，所以飞行试验器在轨道Ⅰ上运动时经过P 点的速度小于在轨道Ⅱ上运动时经过P点的速度，选项B错误；飞行试验器在空间同一点所受万有引力相同，所以飞行试验器在轨道Ⅰ上运动到P点时的加速度等于飞行试验器在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度，选项C正确；飞行试验器绕月球在轨道Ⅰ上的运动周期跟飞行试验器的返回器返回地面的过程中绕地球以与轨道Ⅰ同样半径运动的周期不相同，选项D错误．10．如图所示，B为竖直圆轨道的左端点，它和圆心O的连线与竖直方向的夹角为α.一小球在圆轨道左侧的A 点以速度v 0平抛，恰好沿B 点的切线方向进入圆轨道．已知重力加速度为g ，则A 、B 之间的水平距离为( )A.v 20tan αgB.2v 20tan αgC.v 20g tan αD.2v 20g tan α答案：A解析：设小球到B 点时速度为v ，如图所示，在B 点分解其速度可知：v x ＝v 0，v y ＝v 0tan α，又知小球在竖直方向做自由落体运动，则有v y ＝gt ，联立得：t ＝v 0tan αg ，A 、B 之间的水平距离为x AB ＝v 0t ＝v 20tan αg，所以只有A 项正确． 11．人类第一次登上月球时，宇航员在月球表面做了一个实验：将一片羽毛和一个铁锤从同一高度由静止同时释放，二者几乎同时落地．若羽毛和铁锤是从高度为h 处下落，经时间t 落到月球表面．已知引力常量为G ，月球的半径为R .(1)求月球表面的自由落体加速度大小g 月；(2)若不考虑月球自转的影响，求：①月球的质量M ；②月球的“第一宇宙速度”大小v .答案：(1)2h t 2 (2)①2hR 2Gt 2 ②2hR t 解析：(1)月球表面附近的物体做自由落体运动h ＝12g 月t 2 月球表面的自由落体加速度大小g 月＝2h t 2. (2)①若不考虑月球自转的影响，有G Mm R2＝mg 月 月球的质量M ＝2hR 2Gt2. ②质量为m ′的飞行器在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动，有m ′g 月＝m ′v 2R月球的“第一宇宙速度”大小v ＝g 月R ＝2hR t .12．一足够长的水平传送带，以v 1＝2 m/s 的速度匀速运动．将一粉笔头无初速度地放在传送带上，当其达到与传送带相对静止时产生的划痕长L 1＝4 m.(1)求粉笔头与传送带之间的动摩擦因数；(2)若关闭发动机让传送带以a 2＝1.5 m/s 2的加速度减速运动，同时将该粉笔头无初速度地放在传送带上，求粉笔头相对传送带滑动的位移大小L 2.(取g ＝10 m/s 2)答案：(1)0.05 (2)0.83 m解析：(1)设二者之间的动摩擦因数为μ，第一次粉笔头打滑的时间为t ，则依据传送带比粉笔头位移大L 1得v 1t －v 12t ＝L 1 粉笔头的加速度a 1＝μg ＝v 1t解得μ＝0.05.(2)传送带减速运动时，粉笔头先加速到与传送带速度相同，然后减速到零．设二者达到的共同速度为v 共，由运动的等时性得v 1－v 共a 2＝v 共a 1解得v 共＝0.5 m/s此过程中传送带比粉笔头多走的位移x 1＝v 21－v 2共2a 2－v 2共2a 1＝1 m 粉笔头减速到零的过程中粉笔头比传送带多走的位移x 2＝v 2共2a 1－v 2共2a 2＝16m. 粉笔头相对传送带滑动的位移大小为L 2＝x 1－x 2＝0.83 m.。
高三物理保温练习2
高三物理保温练习（7）1．如图所示，a 、b 是x 轴上关于O 点对称的两点，c 、d 是y 轴上关于O 点对称的两点，c 、d 两点分别固定一等量异种点电荷，带负电的检验电荷仅在电场力作用下从a 点沿曲线运动到b 点，E 为第一象限内轨迹上的一点，以下说法正确的是（ ）A ．c 点的电荷带正电B ．a 点电势高于E 点电势C ．E 点场强方向沿轨迹在该点的切线方向D ．检验电荷从a 到b 过程中，电势能先增加后减少。
2．如右图所示，在点电荷Q 产生的电场中有a 、b 两点，相距为d ，已知a 点的场强大小为E ，方向与ab 连线成30°角，b 点的场强方向与ab 连线成120°角，下列说法正确的是( )A ．点电荷Q 带正电B ．点电荷Q 带负电C ．b 点的场强大小为3F D ．b 点的场强大小为3E 3．如图甲所示，靠在竖直粗糙墙壁上的物块在t=0时被无初速度释放，此时开始受到随时变化规律为F=kt 的水平力作用。
f 、v 、a 和△E p 分别表示物块所受的摩擦力、物块的速度、加速度和重力势能变化量，图乙中能正确描述上述物理量随时间变化规律的是( )4．如图所示，倾角为30°、高为L 的固定斜面底端与水平面平滑相连，质量分别为3m 、m 的两个小球A 、B 用一根长为L 的轻绳连接，A 球置于斜面顶端，现由静止释放A 、B 两球，球B 与弧形挡板碰撞过程中无机械能损失，且碰后只能沿斜面下滑，它们最终均滑至水平面上。
重力加速度为g ，不计一切摩擦。
则 ( )A.AB.BC.小球A 、B 在水平面上不可能相撞D.在A 球沿斜面下滑过程中，轻绳对B 球一直做正功5．如图所示，A 、B 为两个固定的等量的正电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷C ，现给电荷C 一个垂直于连线的初速度v 0，若不计电荷C 所受的重力，则关于电荷C 运动过程中的速度和加速度情况，下列说法正确的是A.加速度始终增大B.加速度先增大后减小C.速度始终增大D.速度先增大后减小6．（9分）用电阻箱、电流表、开关和导线测一节干电池的电动势和内阻。
保温练习
保温练习————————————————————————————————作者: ————————————————————————————————日期：高三物理保温练习(一）1.下列说法正确的是（）A.伽利略探究物体下落规律的过程所用的科学方法是:问题→猜想→数学推理→实验验证→合理外推→得出结论B．打雷时，呆在木屋里比呆在汽车里更安全Ｃ.牛顿在寻找万有引力的过程中，他没有利用牛顿第二定律，但他用了牛顿第三定律D.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，建立质点概念是应用近似替代法2. 如图所示，质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接,在力F的作用下一起沿水平方向做匀加速直线运动(m１在光滑地面上,m2在空中）。
已知力Ｆ与水平方向的夹角为0。
则m1的加速度大小为（ )A． B. Ｃ. D．3．如图所示，虚线a、ｂ、ｃ是电场中的三个等势面,相邻等势面间的电势差相同,实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下,通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点。
下列说法中正确的是( ）A．三个等势面中,等势面c的电势最高Ｂ. 带电质点一定是从Ｐ点向Q点运动C. 带电质点通过Ｐ点时的加速度比通过Q点时小Ｄ.带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小４. —条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行。
现将一块木炭无初速地放在传送带的最左端,木炭在传送带上将会留下一段黑色的径迹。
下列说法中正确的是 ( )A. 黑色的径迹将出现在木炭的左侧B. 木炭的质量越大,径迹的长度越短C. 传送带运动的速度越大，径迹的长度越短D. 木炭与传送带间动摩擦因数越大,径迹的长度越短５．质量为1kｇ的物体，放在动摩擦因数为０.2的水平面上,在水平拉力的作用下由静止开始运动.水平拉力做的功W和物体发生的位移s之间的关系如图所示,重力加速度为１0 m/ｓ2。
则下列说法正确的是( ）A．s＝3m时物体的速度大小为30m/ｓB．s=９m时物体的速度大小为３2m／ｓＣ．OA段物体的加速度大小为３ｍ/s2D．AB段物体的加速度大小为3m／s216．（9分)要测定一个自感系数很大的线圈L 的直流电阻，实验室提供下列器材：① 待测线圈L ,阻值约为２Ω,额定电流为2Ａ(符号）② 电流表1A 量程为０．6A,内阻为０．2Ω(符号） ③ 电流表2A 量程为3Ａ,内阻约为０.2Ω（符号）④ 变阻器1R 阻值为0~10Ω，变阻器2R 阻值为0~l k Ω（符号)⑤ 电池E ,电动势为９V ，内阻很小(符号) ⑥ 定值电阻3410,100R R =Ω=Ω(符号)⑦ 开关12,S S （符号)要求实验时,改变变阻器的阻值，可使在尽可能大的范围内测得多组1A 表、2A 表的读数1I 、2I ,然后利用12I I -的图象,求出电感线圈的电阻.（1）实验中定值电阻应选用 ，变阻器应选用 . (2）请在方框内画出电路图．（3）实验结束时应先断开开关 .(4)实验测得数据如图21I I -所示,则电感线圈的直流电阻值为 Ω．（保留两位有效数字)高三物理保温练习（二)1. 一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验,让一个质量为2 ｋｇ的小球从一定的高度自由下落,测得在第５ s 内的位移是１８ m ，则：Ａ．物体在2 s 末的速度是20 ｍ/ｓB.物体在第５ s 内的平均速度是3．６ m/sC.物体在第２ s 内的位移是20 m D ．物体在５ s 内的位移是５0 m 2.如图所示，一光滑小球静止放置在光滑半球面的最底端,利用竖直放置的光滑挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动的过程中（该过程小球未脱离球面)，木板对小球的推力F 1、半球面对小球的支持力F 2的变化情况正确的是：A. F １增大、Ｆ2减小 B ．F １增大、F 2增大 C. Ｆ1减小、F 2减小 D.Ｆ1减小、F ２增大3． 如图,光滑斜面固定于水平面，滑块A 、Ｂ叠放后一起冲上斜面,且始终保持相对静止，Ａ上表面水平。
金卷：2016年高考物理冲刺卷 09(新课标Ⅱ卷)(正式考试版)
绝密★启用前2016年高考冲刺卷（9）（新课标Ⅱ卷）理科综合物理注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分300分，考试时间150分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。
第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14、关于下列物理现象的分析，说法正确的是：（）A．鸟儿能欢快地停在高压电线上是因为鸟儿的脚底上有一层绝缘皮B．电动机电路开关断开时会出现电火花是因为电路中的线圈产生很大的自感电动势C．话筒能把声音变成相应的电流是因为电流的磁效应。
D．静电喷涂时，被喷工件表面所带的电荷应与涂料微粒带同种电荷15、如图为甲、乙两物体做直线运动的v t 图像，下列表述正确的是：（）A、甲和乙的加速度方向相同B、01s内甲和乙的位移相等C、如果0时刻乙在甲前方0.6m处，则甲乙间最小距离为0.1mD、甲的加速度比乙的小16、如图5所示，质量均为m的A、B两小球用两轻弹簧连接悬挂于天花板上并处于静止状态，已知重力加速度为g。
现在B上再施加一竖直向下的大小为mg的力，在力刚作用于B球的瞬间：（）A、B求加速度大小为2g，A球加速度大小为2gB、B求加速度大小为2g，A球加速度大小为0C、B求加速度大小为0，A球加速度大小为gD、B求加速度大小为g，A球加速度大小为017、如图所示，粗糙斜面体MNP固定在水平面上，轻质弹簧的一端固定在斜面体的顶端P，另一端与小物块Q相连，弹簧处于自然长度时物块Q位于O点。
高三物理保温练习
保温练习1．关于机械波和电磁波，下列说法中正确的是 （ ABD） （A ）都能在传播过程中传递能量，（B ）都能产生干涉和衍射现象，（C ）都能在真空中传播，（D ）在波速相同的情况下，都具有波长和频率成反比的关系。
2．下列关于重要的物理史实的说法中正确的是 （ BC）（A ）卢瑟福在用α粒子轰击金箔的实验中发现了质子，（B ）爱因斯坦为解释光电效应的实验规律提出了光子说，（C ）查德威克在用α粒子轰击铍核的实验中发现了中子，（D ）居里夫人首先发现了天然放射现象。
3． 完成下述核反应方程：2713 Al ＋42 He →3015 P ＋_____10n ____。
其中3015 P 是磷的一种同位素，具有放射性，那么经过3个半衰期以后，剩余3015P 的质量与未衰变前3015 P 的质量之比为_______1/8__。
4．如图照片是_月食_________现象，这一现象是古希腊科学家亚 里士多德提供的许多证明__________地球是球形_____的有力证据之一。
14、（4分）单色光源发出的光经一狭缝，照射到光屏上，则可观察到的图样是（ A ）5. 能证明光的波粒二象性的实验分别是[ AB ]A.光的干涉现象和光电效应B.光的衍射现象和光电效应C.光的反射和色散现象D.光的反射现象和小孔成像6.某原子核的衰变过程为X→βY→αZ(符号→β表示放射一个β粒子;→α表示放射一个α粒子), 下列说法正确的是 [ C ]A. 核X 的中子数减核Z 的中子数等于2B. 核X 的质量数减核Z 的质量数等于5C. 核Z 的质子数比核X 的质子数少1D. 原子核为X 的中性原子中的电子数比原子核Y 的中性原子中的电子数多17. 在粒子散射的实验中，当粒子最接近金核时 [ AB ] A ．粒子动能最小 B ．粒子受到的库仑力最大 C ．粒子的电势能最小 D ．粒子与金核间万有引力最小8．下列物理学史实，叙述正确的是 （ AC ）A ．麦克斯韦从理论研究中发现真空中电磁波的速度跟真空中的光速相等；B ．卢瑟福在α粒子散射实验中发现了电子；C ．查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子；D ．奥斯特首先发现了电磁感应定律。
河北省衡水市冀州中学2016年高考保温物理试卷
x 4=序号 半径r /cm质量m /kg角速度(rad/s)ω转动动能K E /J1 4 12 6.4 2 4 13 14.4 3 4 1 4 25.6 4 4 2 2 12.8 543219.26 4 4 2 25.678 1 2 25.6 8 12 1 2 57.6 91612102.4（1）每次至少利用三组以上实验数据完成以下分析：①为研究转动动能与质量的关系，选用实验序号为_________进行分析 ②为研究转动动能与半径的关系，选用实验序号为__________进行分析 ③为研究转动动能与角速度的关系，选用实验序号为__________进行分析（2）由上述分析可推导出转动动能k E 与质量m 、角速度ω、半径r 的关系式为__________（比例系数用k 表示），k 的值为___________。
10．某同学利用如图所示的电路可以测量多个物理量。
实验室提供的器材有：两个相同的待测电源（内阻r 1 ≈Ω），电阻箱1R （最大阻值为999.9Ω），电阻箱2R （最大阻值为999.9Ω），电压表V （内阻约为2 k Ω），电流表A （内阻约为2 Ω），灵敏电流计G ，两个开关12S S 、。
主要实验步骤如下：按图连接好电路，调节电阻箱1R 和2R 至最大，闭合开关1S 和2S ，再反复调节1R 和2R ，使电流计G 的示数为0，读出电流表A 、电压表V 、电阻箱1R 、电阻箱2R 的示数分别为1I 、1U 、1R 、2R ；②反复调节电阻箱1R 和I 2R （与①中的电阻值不同），使电流计G 的示数为0，读出电流表A 、电压表V 的示数分别为2I 、2U 。
回答下列问题：（1）电流计G 的示数为0时，电路中A 和B 两点的电势A ϕ和B ϕ的关系为__________； （2）电压表的内阻为____________，电流表的内阻为____________； （3）电源的电动势E 为_____________，内阻r 为_____________。
2016届高考物理第二轮模块复习训练题1
仿真预测卷(一)(满分：120分时间：100分钟)一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分。
每小题只有一个选项符合题意。
1.2014年12月6日，张家口崇礼国际滑雪节开幕。
一旦北京成功申办2022年冬奥会，这座县城将承办部分滑雪项目的赛事。
雪面松紧程度的不同造成运动员下滑过程中与雪面的动摩擦因数也不同，假设滑雪运动员从半圆形场地的坡顶下滑到坡的最低点过程中速率不变，则运动员下滑过程中()A.加速度不变B.受四个力作用C.所受的合外力越来越大D.与雪面的动摩擦因数变小解析滑雪运动员速率不变，必做匀速圆周运动，向心加速度的大小不变，方向时刻变化，选项A错误；滑雪运动员下滑的过程中受重力、弹力和摩擦力三个力作用，选项B 错误；运动员做匀速圆周运动，所受合外力大小不变，选项C错误；运动员在运动方向(切线方向)上合力为零才能保证速率不变，在该方向，重力的分力不断减小，所以摩擦力F f不断减小，而运动员下滑过程中重力沿径向的分力变大，所需向心力的大小不变，故弹力F N增大，由F f＝μF N可知，运动员下滑过程中与雪面的动摩擦因数变小，选项D 正确。
答案 D2.(辽宁省锦州市2015届高三上学期期末考试)在平直公路上行驶的a车和b车，其位移－时间图象分别为图1中直线a和曲线b，由图可知()图1A.b车运动方向始终不变B.在t1时刻a车的位移大于b车C.t1到t2时间内某时刻两车的速度相同D.t1到t2时间内a车的平均速度小于b车解析b图线的切线斜率先为正值，后为负值，而斜率正负对应速度方向，所以b的运动方向发生变化，故A错误；在t1时刻，两车的位移相等，故B错误；t1到t2时间内，存在b图线的切线斜率与a图线斜率相同的时刻，故C正确；t1到t2时间内，两车的位移相同，时间相同，则平均速度相同，故D错误。
答案 C3.如图2所示，一个质量为M＝2 kg的小木板放在光滑的水平地面上，在木板上放着一个质量为m＝1 kg的小物体，它被一根水平方向上压缩了的弹簧推着静止在木板上，这时弹簧的弹力为2 N。
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考前保温训练(九)物理学史(限时30分钟)1．在物理学的发展过程中，许多科学家做出了巨大的贡献，下列说法中符合史实的是()A．牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量B．奥斯特发现了电流的磁现象和电磁感应现象C．开普勒通过研究第谷的观测数据得出了开普勒定律D．库仑发现了点电荷间的相互作用规律，并通过油滴实验测定了元电荷的数值答案：C解析：牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量，选项A错误；奥斯特发现了电流的磁现象，法拉第发现了电磁感应现象，选项B错误；开普勒通过研究第谷的观测数据得出了开普勒定律，选项C正确；库仑发现了点电荷间的相互作用规律，密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值，选项D错误．2．在物理学的发展史上，许多物理学家做出了卓越的贡献，下列说法中符合史实的是()A．伽利略猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证B．麦克斯韦提出了电磁场理论并预言了电磁波的存在，赫兹用实验证明了电磁波的存在C．安培首先提出了场的概念并发现了通电导线在磁场中受力方向的规律D．楞次发现了电磁感应现象并总结出了判断感应电流方向的规律答案：B解析：伽利略猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比，但没有直接用实验进行验证，选项A错误；麦克斯韦提出了电磁场理论并预言了电磁波的存在，赫兹用实验证明了电磁波的存在，选项B正确；法拉第首先提出了场的概念，安培发现了通电导线在磁场中受力方向的规律，选项C错误；法拉第发现了电磁感应现象，楞次总结出了判断感应电流方向的规律，选项D错误．3．(多选)伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有()A．力不是维持物体运动的原因B．物体之间普遍存在相互吸引力C．忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快D．物体间的相互作用力总是大小相等，方向相反答案：AC解析：伽利略利用理想斜面实验和逻辑推理相结合的方法否定了亚里士多德“力是维持物体运动状态的原因”的错误结论，正确地指出力不是维持物体运动状态的原因，A项正确；牛顿提出万有引力定律，B项错；伽利略首先运用逻辑推理的方法发现物体下落的快慢和它的重量无关，C项正确；牛顿提出了物体间的相互作用力总是等大反向的结论，D项错．4．(2014·北京理综)伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3.根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是()A．如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B．如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C．如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D．小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小答案：A解析：题述要求根据三次实验结果的对比，得到最直接的结论．由于斜面上先后铺垫粗糙程度逐渐降低的材料，可理解为斜面越来越光滑，小球沿右侧斜面上升的最高位置依次为1、2、3，即依次升高，所以得到的最直接的结论是：如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置，选项A正确．B、C、D选项都不能根据三次实验结果的对比直接得到，选项B、C、D错误．5．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．对以下几位物理学家所作科学贡献的表述中，与事实相符的是()A．哥白尼提出了日心说并发现了行星沿椭圆轨道运行的规律B．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律C．笛卡儿根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因D．牛顿首先将实验事实和逻辑推理(包括数学推演)和谐地结合起来答案：B解析：哥白尼提出了日心说，开普勒发现了行星沿椭圆轨道运行的规律，选项A错误．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律，选项B正确．伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因，选项C错误．伽利略首先将实验事实和逻辑推理(包括数学推演)和谐地结合起来，选项D错误．6．在物理学建立、发展的过程，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步，关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是()A．古希腊学者亚里士多德认为物体下落的快慢由它们的重量决定，伽利略在他的《两种新科学的对话》中利用逻辑推断，使亚里士多德的理论陷入了困境B．德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了万有引力定律C．英国物理学家卡文迪许利用“卡文迪许扭秤”首先较准确的测定了静电力常量D．楞次发现了电磁感应现象，并研究提出了判断感应电流方向的方法——楞次定律答案：A解析：古希腊学者亚里士多德认为物体下落的快慢由它们的重量决定，伽利略在他的《两种新科学的对话》中利用逻辑推断，使亚里士多德的理论陷入了困境，选项A正确．德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了开普勒定律，选项B 错误．英国物理学家卡文迪许利用“卡文迪许扭秤”首先较准确的测定了万有引力常量，选项C错误．法拉第发现了电磁感应现象，楞次研究得出了判断感应电流方向的方法——楞次定律，选项D错误．7．(多选)下列关于物理学发展史的说法中正确的是()A．伽利略通过大量实验，发现只要斜面的倾角一定，不同质量的小球从不同高度开始滚动，小球的加速度都是相同的B．奥斯特为了解释磁体产生的磁场提出了分子电流假说C．楞次在对理论基础和实验资料进行严格分析后，提出了电磁感应定律D．美国物理学家密立根经过多次实验，比较准确地测定了电子的电荷量答案：AD解析：伽利略通过大量实验，发现只要斜面的倾角一定，不同质量的小球从不同高度开始滚动，小球的加速度都是相同的，选项A正确．安培为了解释磁体产生的磁场提出了分子电流假说，选项B错误．纽曼和韦伯在对理论基础和实验资料进行严格分析后，提出了电磁感应定律，选项C错误．美国物理学家密立根经过多次实验，比较准确地测定了电子的电荷量，选项D正确．8．(多选)以下说法符合物理史实的是()A．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象B．牛顿发现了万有引力定律，并且用扭秤装置测出了引力常量C．开普勒关于行星运动的描述为万有引力定律的发现奠定了基础D．库仑认为在电荷的周围存在着由它产生的电场，并提出用电场线简洁地描述电场答案：AC解析：奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，选项A正确．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤装置测出了引力常量，选项B错误．开普勒关于行星运动的描述为万有引力定律的发现奠定了基础，选项C正确．法拉第认为在电荷的周围存在着由它产生的电场，并提出用电场线简洁地描述电场，选项D错误．9.物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列说法中正确的是()A．亚里士多德发现了力是改变物体运动状态的原因B．哥白尼提出了日心说，并发现了行星沿椭圆轨道运行的规律C．卡文迪许总结出了万有引力定律并测出了万有引力常量D．库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律答案：D解析：伽利略通过实验证明了力不是维持物体运动状态的原因，A错误；开普勒发现了行星沿椭圆轨道运动的规律，即开普勒三定律，B错误；牛顿总结了万有引力定律，卡文迪许通过扭秤实验测量了万有引力常量，C错误；库仑通过扭秤实验研究得出了真空中点电荷间的相互作用规律，即库仑定律，D正确．10．(多选)(2013·海南单科)科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用．下列说法符合历史事实的是() A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质答案：BCD解析：伽利略提出力是改变物体运动状态的原因，A错误，B正确；笛卡儿认为如果运动中的物体不受外力作用，它将以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，C正确；由牛顿第一定律知，D正确．11．(多选)下列叙述正确的是()A．法拉第发现了电磁感应现象B．惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大C．牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的必然结果D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果答案：AD解析：法拉第发现了磁场产生电流的条件和规律，即电磁感应现象，A正确；物体的惯性只跟物体的质量有关，跟速度大小等都没有关系，物体质量越大，惯性越大，B错误；古希腊学者亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，伽利略通过理想斜面实验，假设没有摩擦，物体将一直运动下去不会停止，从而推翻了亚里士多德的说法“力是维持物体运动的原因”，后来，英国科学家牛顿总结了伽利略等人的研究成果，得出了牛顿第一定律，C错误；电磁感应现象使导体中产生了电，是其他形式的能转化为电能，楞次定律是能量守恒定律在电磁感应现象中的具体体现，感应电流的磁场必须反抗引起它的磁通量变化，感应电流具有的以及消耗的能量，必须从引起磁通量变化的外界获取，要在回路中维持一定的感应电流，外界必须消耗一定的能量，D正确．12．(多选)在物理学的发展过程中，许多物理学家做出了巨大的贡献，以下关于物理学史和所用物理学思想方法的叙述中正确的是()A．伽利略应用理想实验说明力是维持物体运动的原因B．微小形变的演示、卡文迪许用扭秤测出引力常量和库仑用扭秤研究电荷之间的作用力都采用了放大法C．瞬时速度定义、瞬时加速度定义应用了极限法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后用各小段的位移之和代表物体的位移应用了微元法答案：BCD解析：伽利略应用理想实验说明力不是维持物体运动的原因；微小形变的演示、卡文迪许用扭秤测出引力常量和库仑用扭秤研究电荷之间的作用力都采用了放大法；瞬时速度定义、瞬时加速度定义应用了极限法；在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后用各小段的位移之和代表物体的位移应用了微元法．故B、C、D正确．13．法拉第通过精心设计的一系列实验，发现了电磁感应定律，将当时认为各自独立的学科“电学”与“磁学”联系起来．在下面几个典型的实验设计思想中，所做的推论后来被实验否定的是() A．既然磁铁可使近旁的铁块带磁，静电荷可使近旁的导体表面感应出电荷，那么静止导线上的稳恒电流也可在近旁静止的线圈中感应出电流B．既然磁铁可在近旁运动的导体中感应出电动势，那么稳恒电流也可在近旁运动的线圈中感应出电流C．既然运动的磁铁可在近旁静止的线圈中感应出电流，那么静止的磁铁也可在近旁运动的导体中感应出电动势D．既然运动的磁铁可在近旁的导体中感应出电动势，那么运动导线上的稳恒电流也可在近旁的线圈中感应出电流答案：A解析：静止导线上的稳恒电流产生稳定的磁场，穿过静止线圈的磁通量没有变化，不能在静止的线圈中感应出电流，A符合题意．稳恒电流产生的磁场是稳定的，穿过近旁运动线圈的磁通量可能变化，从而感应出电流，B不符合题意．静止的磁铁周围的磁场是稳定的，在其近旁运动的导体中可切割磁感线感应出电动势，C不符合题意．运动导线上的稳恒电流在空间产生的磁场是变化，穿过近旁线圈中的磁通量在变化，可感应出电流，D不符合题意．14．(多选)以下叙述正确的是()A．法拉第发现了电磁感应现象B．惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大C．牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果答案：AD解析：法拉第研究并发现了电磁感应现象，A正确．惯性是物体固有的属性，质量是物体惯性大小的唯一量度，所以B错误．伽利略通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因，C错误．从功和能的角度看，楞次定律所描述的感应电流的方向，恰体现了外力克服安培力做功、将其他形式的能转化为电能的过程，是能量守恒的必然结果，D正确．15．(多选)在物理学发展过程中，观察、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是() A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化答案：ABD解析：法拉第在研究磁生电的过程中一直用的都是直流电源，直到他发现在闭合与断开的瞬间线圈中会产生感应电流，进而得出在闭合回路内磁通量发生变化才会产生感应电流的结论，C项说法与史实不符，是错误的．。