2017-2018学年山东省武城县第二中学高二上学期12月月考物理试题解析版

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山东省德州市武城第二中学高二物理月考试题带解析

山东省德州市武城第二中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 一个电压表由电流表G与电阻R串联而成，如右图所示，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍小些，采用下列哪种措施可能加以改进A．在R上并联一个比R小得多的电阻B．在R上并联一个比R大得多的电阻C．在R上串联一个比R小得多的电阻D．在R上串联一个比R大得多的电阻参考答案：B2. 如图所示，T为理想变压器，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，其余输电线电阻可不计，则当电键S闭合时（）A．交流电压表V1和V2的示数一定都变小B．交流电压表只有V2的示数变小C．交流电流表A1、A2和A3的示数一定都变大D．只有A1的示数变大参考答案：B【考点】变压器的构造和原理．【分析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．【解答】解：A、当S闭合时，两个电阻并联，电路的总电阻减小，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压不变，副线圈的电流变大，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，所以输电线ab和cd上的电压变大，所以V2的示数变小，故B正确，A错误C、副线圈的电流变大，A2和A1的示数变大，A3的示数减小，故C错误D、A2和A1的示数变大，故D错误故选：B3. 如图所示，T为理想变压器，A1、A2为理想交流电流表，V1、V2 为理想交流电压表，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，原线圈两端接恒压正弦交流电源，当光照增强时( )A．电压表V1示数变小B．电压表V2示数变大C．电流表A1示数变大D．电流表A2示数变大参考答案：CD4. 关于磁场，下面说法中正确的是：（）最早发现通电导线周围存在磁场的科学家是法拉第磁感线可以用细铁屑来模拟显示，因而是真实存在的磁场中某一点磁感应强度的方向，与小磁针静止时N极在该点的受力方向相同若在某区域内通电导线不受磁场力的作用，则该区域的磁感应强度一定为零参考答案：C5. 人从高处跳到低处时，为了安全，一般都是脚触地后，顺势下蹲，这是为了（）A．减小地面对人的冲量B．使人的动量变化减小C．减小地面对人的作用力D．增大人对地面的压强，这样人触地更稳参考答案：C解：人在和地面接触时，脚尖先着地，顺势下蹲，可以增加人着地的时间，由动量定理可知：（F﹣mg）t=△mv；可以减小动量的变化率，即减小受到地面的冲击力；故ABD错误，C正确故选：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图7所示,长为的导体棒原来不带电,现将一带电荷量为+q的点电荷放在距棒左端R处,当达到静电平衡后,棒上的感应电荷在棒内距右端l/3处产生的场强大小为参考答案：7. 细圆环半径为r，其环面固定在水平面上，电场强度为E的匀强电场与圆环平面平行，环上穿有一电荷量为+q、质量为m的小球，可沿圆环做无摩擦的圆周运动，若小球经A点时速度vA的方向恰与电场线垂直，且圆环与小球间沿水平方向无作用力，则速度vA=____________．当小球运动到与A点对称的B点时，小球对圆环在水平方向的作用力FB=___________.参考答案：8. 有一正弦交流电，它的电压随时间变化的情况如图所示，则电压的峰值为________ V；有效值为________ V；交流电的周期为________ s；频率为________ Hz. 参考答案：10 V5V0.4 s 2.5 Hz(每空1分，共4分)9. 如右图所示，在高处以初速度水平抛出一个带刺飞镖，在离开抛出点水平距离l、2l处有A、B两个小气球以速度匀速上升，先后被飞标刺破（认为飞标质量很大，刺破气球不会改变其平抛运动的轨迹），已知。

山东省武城县第二中学2017-2018学年高二11月月考物理试题 Word版含答案

2017-2018学年高二物理模块测试一、选择题(本题共10小题，1-6题为单选题，7-10题为多选题，每小题4分，共40分)1.如图所示，在两个等量负点电荷形成的电场中，O点是两电荷连线的中点，a、b是该线上的两点，c、d是两电荷连线中垂线上的两点，acbd为一菱形．若将一负粒子(不计重力且不影响原电场分布)从c点匀速移动到d点，电场强度用E表示，电势用φ表示．则下列说法正确的是( ) A．φa一定小于φO，φO一定大于φcB．E a一定大于E O，E O一定大于E cC．负粒子的电势能一定先增大后减小D．施加在负粒子上的外力一定先减小后增大2.某区域的电场线分布如图所示，其中间一根电场线是直线，一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点。

取O点为坐标原点，沿直线向右为x轴正方向，粒子的重力忽略不计。

在O 点到A点的运动过程中，下列关于粒子运动速度v和加速度a随时间t 的变化、粒子的动能E k和运动径迹上的电势φ随位移x的变化图线可能正确的是( )3．如图所示，线圈A内有竖直向上的磁场，磁感应强度B随时间均匀增大；等离子气流(由高温高压的等电量的正、负离子组成)由左方连续不断的以速度v0射入P1和P2两极板间的匀强磁场中．发现两直导线a、b互相吸引，由此可以判断，P1、P2两极板间的匀强磁场的方向为( )A．垂直纸面向外B．垂直纸面向里C．水平向左D．水平向右4.如图所示，理想变压器原线圈接交流电源和理想交流电流表，副线圈接热水器和抽油烟机，原、副线圈的匝数比为4：l ，副线圈上电压的瞬时值()2202sin100u t V π=．开关S 断开时，电流表示数是l A ；开关S 闭合时，电流表示数是1.25 A ．下列说法正确的是( )A ．交流电源输出电压的最大值是55 VB ．交流电源输出电压的最大值是880 VC ．S 闭合时，抽油烟机消耗的功率是1100WD ．S 闭合时，抽油烟机消耗的功率是220W5．如图所示，图线a 是线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生的正弦交流电的图象如图线b 所示。

山东省武城县第二中学2017-2018学年高二上学期12月月考物理试题

一、单选题山东省武城县第二中学2017-2018学年高二上学期12月月考物理试题1. 首次用实验发现了电流的磁效应存在的物理学家是（）A．法拉第B．奥斯特C．安培D．赫兹2. 正电荷Q周围的电场线如图所示，由图可知，下列判断正确的是A．E a>E b B．E a=E b C．E a<E b D．无法确定3. 如图所示，关于磁场方向、运动电荷的速度方向和洛仑兹力方向之间的关系正确的是（）A ．B ．C ．D．下面的四个图显示了磁场对通电直导线的作用力，其中正确的是( ) 4.A．B．C．D．5. 如图所示，空间中的匀强电场水平向右，匀强磁场垂直纸面向里，一带电微粒沿着直线从M运动到N,以下说法正确的是A．带电微粒可能带负电B．运动过程中带电微粒的动能保持不变C．运动过程中带电微粒的电势能增加D．运动过程中带电微粒的机械能守恒6. 在研究影响平行板电容器电容大小的因素的实验中，用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差，如图所示，由两块相互靠近彼此绝缘的平行金属板组成平行板电容器的极板N与静电计金属球相连，极板M接地．在两板相距一定距离时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持电容器的带电荷量Q不变，下面的操作中将使静电计指针张角变大的是A．仅将M板水平向右平移靠近N板B．将M板向下平移C．在M、N之间插入玻璃板D．在M、N之间紧靠M插入有一定厚度的金属板二、多选题7. 如图所示电路，电源的电动势为12V ，L 为灯泡，R 1和R 2为定值电阻，若用电压表测得A 、B 两点间的电压为12V ，则说明（）A ．L 、R 1和R 2都断了B ．L 、R 1和R 2都是好的C ．L 是好的，R 1和R 2中至少有一个断了D ．R 1和R 2是好的，L 断了8. 如图，空间某一区域内存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁场，一个带电粒子以某一初速度由A 点进入这个区域沿直线运动，从C 点离开区域；如果这个区域只有电场，则粒子从B 点离开场区；如果这个区域只有磁场，则粒子从D 点离开场区；设粒子在上述三种情况下，从A 到B 点、A 到C 点和A 到D 点所用的时间分别是t 1、t 2和t 3，比较t 1、t 2和t 3的大小，则有（粒子重力忽略不计）()A ．t 1=t 2=t 3B ．t 2＜t 1＜t 3C ．t 1=t 3＞t 2D ．t 1=t 2＜t 39. 如图所示，ABCD 为匀强电场中相邻的四个等势面，相邻等势面间距离为5cm ，一个电子仅受电场力垂直经过电势为零的等势面D 时，动能为15eV （电子伏），到达等势面A 时速度恰好为零，则下列说法正确的是（）A ．场强方向从A 指向DB ．匀强电场的场强为100V/mC ．电子经过等势面C 时，电势能大小为5eVD ．电子在上述等势面间运动的时间之比为1：2：3三、实验题10. 如图所示是粒子速度选择器的原理图，如果粒子所具有的速率v =，那么（）A ．带正电粒子必须沿ab 方向从左侧进入场区，才能沿直线通过B ．带负电粒子必须沿ba 方向从右侧进入场区，才能沿直线通过C ．不论粒子电性如何，沿ab 方向从左侧进入场区，都能沿直线通过D ．不论粒子电性如何，沿ba 方向从右侧进入场区，都能沿直线通过11. 图甲中M 为一电动机，当滑动变阻器R 的触头从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示．已知电流表读数在0.2A 以下时，电动机没有发生转动．不考虑电表对电路的影响，以下判断正确的是（）A ．电路中电源电动势为3.6VB ．变阻器向右滑动时，V 2读数逐渐减小C ．变阻器的最大阻值为30ΩD ．此电路中，电动机的最大输出功率为0.9W12.读出下图中游标卡尺和螺旋测微器的读数：游标卡尺的读数为_________mm.；螺旋测微器的读数为_________mm.13. 为了测定电源电动势E 、内电阻r 的大小并同时描绘出小灯泡的伏安特性曲线，某同学设计了如图甲所示的电路．闭合开关，调节电阻箱的阻值，同时记录电阻箱的阻值R ，电压表的示数U 1，电压表的示数U 2．根据记录数据计算出流过电阻箱的电流I ，分别描绘了a 、b 两条U I 图线，如图乙所示．请回答下列问题：（1）写出流过电阻箱的电流I的表达式：________________________________．（2）小灯泡两端电压随电流变化的图象是________(选填“a”或“b”)．（3）根据图乙可以求得电源的电动势E＝________ V，内电阻r＝________ Ω，该电路中小灯泡消耗的最大功率为______ W．四、解答题14. 如图所示，一质量为m带电量为+q的带电液滴，从水平放置的平行金属板上方H高度处自由落下，从上板的缺口进入两板间电场，电场强度为E，若qE＞mg，试求液滴落入电场中所能达到的最大位移h．（设d＞h ）15. 如图所示，AB两金属板与电路良好接触，两板间距为d，两板之间有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B；一束粒子流（不计重力）以速度v0从S1孔平行于金属板射入，恰好沿直线运动从S2孔射出，已知电源的电动势为E，内阻为r,定值电阻为R0，求：（1）AB两板之间的电势差；（2）此时滑动变阻器R接入电路的阻值.16.如图所示，有界匀强磁场的磁感应强度B＝210－3T；磁场右边是宽度L＝0.2 m、场强E＝40 V/m、方向向左的匀强电场．一带电粒子电荷量q＝－3.210－19C，质量m＝6.410－27kg，以v＝4104m/s的速度沿OO′垂直射入磁场，在磁场中偏转后进入右侧的电场，最后从电场右边界射出．(不计重力)求：(1)大致画出带电粒子的运动轨迹；(2)带电粒子在磁场中运动的轨道半径；(3)带电粒子飞出电场时的动能E k17. 如图所示，水平放置的两块平行金属板长为l，两板间距为d，两板间电压为U，且上板带正电，一个电子沿水平方向以速度，从两板中央射入，已知电子质量为m，电荷量为q求电子偏离金属板的侧位移是多少？电子飞出电场时的速度是多少？电子离开电场后，打在屏上的P点，若s已知，求OP的长．。

山东武城县第二中学高二物理上学期精选试卷检测题

山东武城县第二中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。

已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（）A ．a 受到的库仑力大小为2233kq RB ．c 受到的库仑力大小为2233kqRC ．a 、b 在O 3kq，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】【分析】【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离3r R =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为233c kq F F == 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有02q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。

选项D 正确。

故选BD 。

2．如图所示，a 、b 、c 、d 四个质量均为 m 的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中 a 、b 、c 三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕 O 点做半径为 R 的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。

小球 d 位于 O 点正上方 h 处，且在外力 F 作用下恰处于静止状态，已知 a 、b 、c 三小球的电荷量大小均为 q ，小球 d 的电荷量大小为 6q ，h ＝2R 。

山东省武城县第二中学高三理综12月月考试题

山东省武城县第二中学2017届高三理综12月月考试题2016.12 可能用到的原子质量：H：1 Na：23 C：12 O：16 Fe：56 N：14 K：39本卷21小题，每题6分，共计126分。

一、选择题：本题共13小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．2016年8月7日，我国选手张梦雪在巴西里约女子10米气手枪决赛中为中国队赢得首金。

张梦雪平时训练刻苦，手掌经常磨出“水泡”，若要水泡自然消失。

此时水泡中的液体主要渗入A．组织细胞 B．毛细血管和各级动脉、静脉C．各级动脉和静脉 D．毛细血管和毛细淋巴管2．下列有关人体内环境的叙述，正确的是A．血液、组织液、淋巴是体内细胞直接生存的主要液体环境，构成了人体内环境的主体B．内环境是细胞代谢的主要场所，因此理化性质需要保持相对稳定C．内环境成分中含有CO2、尿素、糖元、神经递质等D．抗原与抗体的特异性结合主要发生在内环境中3．下列关于“受体”的叙述，正确的是A．同一个体不同体细胞中胰岛素受体基因是相同的B．性激素素不是蛋白质，起作用时不需与受体结合C．一个效应B细胞带有只对应于一种抗原的受体D．乙酰胆碱受体是一种蛋白质，位于突触前膜上4．下面为人体的生命活动调节示意图，有关叙述中不正确的是A．饮水过少时，激素D作用的靶器官主要是肾小管和集合管B．血糖平衡调节过程中的A→C→D→E属于体液调节C．人的手被针扎时，其调节过程通过A→B→E来实现的，属于神经调节D．在人处于寒冷环境中时，甲状腺、汗腺都是下丘脑神经调节的效应器5．图中当环境温度从25℃降到3℃时，小白鼠体内甲状腺激素含量、耗氧量、及酶活性的变化曲线分别为A．①②③ B．①③③C．③①② D．①①②6．下表为某人血液化验的两项结果：据此分析，其体内最可能发生的是A．神经系统的兴奋性降低B．血糖含量低于正常值C．促甲状腺激素分泌减少D．组织细胞摄取葡萄糖加速7．我国古代科技高度发达，下列有关古代文献的说法，错误的是( )A．明朝的《本草纲目》记载“烧酒非古法也，自元时创始，其法用浓酒和糟入甑(指蒸锅)，蒸令气上，用器承滴露。

山东省武城县2017_2018学年高二物理上学期期中试题201712010182

山东省武城县2017-2018学年高二物理上学期期中试题一、选择题（共10小题，每小题4分。

1—7为单项选择题，8—10为多项选择题，对于多项选择题，漏选2分，错选0分。

）1. 下列说法中正确的是（）A. 匀强电场中两点间的电势差等于场强与这两点间的距离的乘积B. 电源电动势反映了电源把其他形式的能量转化为电能的本领C. 通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大D.空间中任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向2. 在如图所示的四种电场中,分别标记有a 、b 两点. 其中a 、b 两点电场强度大小相等、方向相同且电势相等的是（）A. 甲图中与点电荷等距的a 、b 两点B. 乙图中两等量异种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a 、b 两点C. 丙图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a 、b 两点D. 丁图中非匀强电场中的a 、b 两点3.如图所示，平行金属板中带电质点P 原来处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，1R 的阻值和电源内阻r 相等.当滑动变阻器4R 的滑片向b 端移动时（）A.电压表读数增大B.电流表读数减小C. 质点P 将向上运动D.电源的输出功率逐渐增大4. 在光滑绝缘的水平地面上放置着四个相同的金属小球，小球A B C 、、位于等边三角形的三个顶点上，小球D 位于三角形的中心，如图所示.现让小球A B C 、、带等量的正电荷Q ，让小球D 带负电荷q ，使四个小球均处于静止状态，则Q 与q 的比值为（）A. 13B. 3D. 35. 如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地.在两极板间有一固定在P 点的点电荷，以E 表示两板间的电场强度，p E 表示点电荷在P 点的电势能，θ表示静电计指针的偏角，若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A. θ减小，E 不变B.θ增大，p E 不变C.θ减小，p E 增大D. θ增大，E 增大6.一平行板电容器中存在匀强电场，电场沿竖直方向。

山东省德州市武城县第二中学2017_2018学年高二物理上学期第一次月考试题

山东省德州市武城县第二中学2017-2018学年高二物理上学期第一次月考试题第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（共12小题，每小题4分。

1～8小题每题只有一个选项是正确，9～12小题每题有多个选项正确，漏选2分，错选0分。

）1.如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A．1、2两点的场强相等B．1、3两点的场强相等C．1、2两点的电势相等D．2、3两点的电势相等2.关于元电荷的理解，下列说法正确的是（）A．元电荷就是电子B．元电荷就是最小的电荷C．元电荷就是质子D．物体所带的电量只能是元电荷的整数倍3.带电量分别为2q和4q的两个点电荷，相距为r，相互作用力大小为F，现在把两个点电荷的电量各减少一半，距离减少为，则两个点电荷间的相互作用力大小为（）A．2F B．F C．D．4.两根长度均为L的绝缘细线分别系住质量相等、电荷量均为+Q的小球a、b，并悬挂在O 点．当两个小球静止时，它们处在同一高度上，且两细线与竖直方向间夹角均为α=30°，如图所示，静电力常量为k，则每个小球的质量为（）A．B．C．D．5.a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为（）A．4 V B．8 V C．12V D．24 V6.如图，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F 为MN的中点，∠M=30°．M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，已知φM=φN，φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则（）A．点电荷Q一定在MP的连线上B．连接PF的线段一定在同一等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．φP小于φM7.地面附近处的电场的电场线如图所示，其中一条方向竖直向下的电场线上有a、b两点，高度差为h．质量为m、电荷量为﹣q的检验电荷，从a点由静止开始沿电场线运动，到b点时速度为．下列说法中正确的是（）A．质量为m、电荷量为+q的检验电荷，从a点由静止起沿电场线运动到b点时速度为2B．质量为m、电荷量为+2q的检验电荷，从a点由静止起沿电场线运动到b点时速度为C．质量为m、电荷量为﹣2q的检验电荷，从a点由静止起沿电场线运动到b点时速度仍为D．质量为m、电荷量为﹣2q的检验电荷，在a点由静止开始释放，点电荷将沿电场线在a、b两点间来回运动8.某区域的电场线分布如图所示，其中间一根电场线是直线，一带正电的粒子从直线上的O 点由静止开始在电场力作用下运动到A点．取O点为坐标原点，沿直线向右为x轴正方向，粒子的重力忽略不计．则在运动过程中，下列关于粒子运动速度v和加速度a随时间t的变化、粒子的动能E k和运动径迹上电势φ随位移x的变化图线可能正确的是（）A. B. C. D.9.（多选题）如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的四个点，它们正好是一个正方形的四个顶点．在A点有一个粒子源，向各个方向发射动能为E K的同种带电粒子，已知到达正方形四个边的粒子中，到B、D两点粒子动能相同，均为2E K不计粒子重力及粒子间相互作用，则（）A．电场方向可能由A指向CB．到达C点粒子动能一定为4E KC．B、D连线上的各点电势一定相同D．粒子过AB边中点时，动能一定为E K10.（多选题）如图所示，在空间中有平行xOy平面的匀强电场，场强大小为100V/m．一群电量相同的带正电粒子以相同的初动能从P点出发，可以到达以原点O为圆心、半径为25cm 的圆上的任意位置．比较圆上这些位置，发现粒子到达圆与x轴正半轴的交点A时，动能最大．已知∠OAP=37°，（不计重力，不计粒子间相互作用，sin37°=0.6，cos37°=0.8），则（）A．该匀强电场的方向沿x轴负方向B．过A点的等势面与PA连线垂直C．到达圆与x轴负半轴的交点Q点的粒子动能最小D．P、A两点的间电势差为32 V11.（多选题）一个带电粒子在静电场中由静止释放，仅受电场力的作用，则正确的是（）A．加速度一定不变B．运动轨迹一定与电场线重合C．运动轨迹可能与电场线重合 D．电势能逐渐减少12.（多选题）设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，则下列说法正确的是A．保持S不变，增大d，则θ变大B．保持d不变，减小S，则θ变小C．用手触摸极板B，则θ变大D．在两板间插入电介质，则θ变小第Ⅱ卷（非选择题共52分）二、计算题（本题共4小题，共52分。

山东高二高中物理月考试卷带答案解析

山东高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.以下关于摩擦起电和感应起电的说法中正确的是（） A ．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷 B ．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C ．摩擦起电的两摩擦物体必定是绝缘体，而感应起电的物体必定是导体D ．不论是摩擦起电还是感应起电，都是电荷的转移2.科学家在研究原子、原子核及基本粒子时，为了方便，常常用元电荷作为电量的单位，关于元电荷，下列论述中正确的是（）A ．把质子或电子叫元电荷B ．1.6×10﹣19C 的电量叫元电荷C ．所有带电体的带电量一定等于元电荷的整数倍D ．元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的3.两个点电荷相距为d ，相互作用力大小为F ；保持两点电荷电荷量不变，改变它们之间的距离，使之相互作用力大小变为4F ，则两点电荷之间的距离应变为（） A ．4dB ．2dC ．D ．4.真空中两个点电荷，电荷量分别为q 1=8×10﹣9C 和q 2=﹣18×10﹣9C ，两者固定于相距20cm 的a 、b 两点上，如图所示．有一个点电荷放在a 、b 连线（或延长线）上某点，恰好能静止，则这点的位置是（）A ．a 点左侧40cm 处B ．a 点右侧8cm 处C ．b 点右侧20cm 处D ．以上都不对5.下列说法正确的是（）A ．电场是为了研究问题的方便而设想的一种物质，实际上不存在B ．电荷所受的电场力越大，该点的电场强度一定越大C ．以点电荷为球心，r 为半径的球面上各点的场强都相同D ．在电场中某点放入试探电荷q ，受电场力F ，该点的场强为E=，取走q 后，该点的场强不变6.如图所示，A 、B 是同一条电场线上的两点，下列说法正确的是（）A ．正电荷在A 点具有的电势能大于在B 点具有的电势能 B ．正电荷在B 点具有的电势能大于在A 点具有的电势能C ．负电荷在A 点具有的电势能大于在B 点具有的电势能D ．负电荷在B 点具有的电势能大于在A 点具有的电势能 7.关于静电场的下列说法中正确的是（） A ．电场中电势较高处的电场强度也一定较大B ．同一电场中等势面较密处的电场强度也一定较大C ．电场中的电场线一定与等势面垂直相交D ．非匀强电场中将一电子由静止释放后一定沿电场线运动8.如图示为某个电场中的部分电场线，如图A 、B 两点的场强分别记为E A 、E B ，电势分别记为φA 、φB 则（）A ．E A ＞EB 、φA ＞φB B ．E A ＜E B 、φA ＞φBC ．E A ＜E B 、φA ＜φBD ．E A ＞E B 、φA ＜φB9.如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10﹣6C 的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A 点运动到B 点时动能减少了10﹣5J ，已知A 点的电势为﹣10V ，则以下判断正确的是（）A ．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B ．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C ．B 点电场强度为零D ．B 点电势为﹣20V10.如图所示，虚线a 、b 、c 代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa 、φb 和φc ，φa ＞φb ＞φc ．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN 所示．由图可知（）A ．粒子从K 到L 的过程中，电场力做负功B ．粒子从L 到M 的过程中，电场力做负功C ．粒子从K 到L 的过程中，电势能增加D ．粒子从L 到M 的过程中，动能增加11.如图所示，A 、B 为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的P 点放一个负点电荷q （不计重力），由静止释放后，下列说法中正确的是（）A ．点电荷在从P 点到O 点运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B ．点电荷在从P 点到O 点运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C ．点电荷运动到O 点时加速度为零，速度达最大值D ．点电荷越过O 点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零12.一个空气平行板电容器，极板间距离为d ，正对面积为s ，充以电荷量Q 后，极板间电压为U ，为使电容器的电容加倍，可采用的办法是（） A ．将电压变为一半 B ．将所带电荷量变为2Q C ．将极板正对面积变为2SD ．将两极板间充满相对介电常数为2的电介质二、填空题1.如图所示，在带电+Q 的带电体附近有两个相互接触的金属导体A 和B ，均放在绝缘支座上．若先将+Q 移走，再把A 、B 分开，则A 电，B 电；若先将A 、B 分开，再移走+Q ，则A 电，B 电．2.电场中某一电场线为一直线，线上有A 、B 、C 三个点，把电荷q 1=10﹣8C 从B 点移到A 点时电场力做了10﹣7J的功；电荷q 2=﹣10﹣8C ，在B 点的电势能比在C 点时大10﹣7J ，那么：（1）比较A 、B 、C 三点的电势高低，由高到低的排序是；（2）A 、C 两点间的电势差是 V ；（3）若设B 点的电势为零，电荷q 2在A 点的电势能是 J ．3.一个平行板电容器，当其电荷量增加△Q=1.0×10﹣6C 时，两板间的电压升高△U=10V ，则此电容器的电容C= F ．若两板间电压为35V ，此时电容器的带电荷量Q= C ．4.真空中两个等量异种点电荷电量的值均为q ，相距r ，两点电荷连线中点处的场强大小为，方向．三、计算题1.如图所示，在匀强电场中的M 、N 两点距离为2cm ，两点间的电势差为5V ，M 、N 连线与场强方向成60°角，则此电场的电场强度多大？2.有三个相同的绝缘金属小球A 、B 、C ，其中小球A 带有3×10﹣3C 的正电荷，小球B 带有﹣2×10﹣3C 的负电荷，小球C 不带电．先将小球C 与小球A 接触后分开，再将小球B 与小球C 接触然后分开，试求这时三球的带电荷量分别为多少？3.如图所示，在正的点电荷Q 的电场中有a 、b 两点，它们到点电荷Q 的距离r 1＜r 2．求：（l ）a 、b 两点哪点电势高？（2）将一负电荷放在a 、b 两点，哪点电势能较大？（3）若a 、b 两点问的电势差为100V ，将电荷量为3.2×10﹣19C 由a 点移到b 点是电场力对电荷做功还是电荷克服电场力做功？做功多少？4.如图所示，用30cm 的细线将质量为4×10﹣5 kg 的带电小球P 悬挂在O 点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C 的匀强电场时，小球偏转37°后处在静止状态．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）分析小球的带电性质（2）求小球的带电量（3）求此时细线的拉力．5.如图所示，在平行金属带电极板MN 电场中将电荷量为﹣4×10﹣6C 的点电荷从A 点移到M 板，电场力做负功8×10﹣4J ，把该点电荷从A 点移到N 板，电场力做正功为4×10﹣4，N 板接地．则（1）A点的电势φ是多少？A（2）U等于多少伏？MN（3）M板的电势φ是多少？M6.质量均为m的两个可视为质点的小球A、B，分别被长为L的绝缘细线悬挂在同一点O，给A、B分别带上一定量的正电荷，并用水平向右的外力作用在A球上，平衡以后，悬挂A球的细线竖直，悬挂B球的细线向右偏60°角，如图所示．若A球的带电量为q，则：（1）B球的带量为多少；（2）水平外力多大．山东高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.以下关于摩擦起电和感应起电的说法中正确的是（）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C．摩擦起电的两摩擦物体必定是绝缘体，而感应起电的物体必定是导体D．不论是摩擦起电还是感应起电，都是电荷的转移【答案】D【解析】解：A、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分．两个过程都没有产生电荷，故AB错误；C、摩擦起电的两摩擦物体可以是导体，感应起电的物体不一定是导体，故C错误；D、不论是摩擦起电还是感应起电，都是电荷的转移，故D正确；故选：D．【考点】元电荷、点电荷；电荷守恒定律．【专题】常规题型．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．2.科学家在研究原子、原子核及基本粒子时，为了方便，常常用元电荷作为电量的单位，关于元电荷，下列论述中正确的是（）A．把质子或电子叫元电荷B．1.6×10﹣19 C的电量叫元电荷C．所有带电体的带电量一定等于元电荷的整数倍D．元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的【答案】BCD【解析】解：A、由元电荷定义：将电子或质子所带电量的绝对值称为元电荷，而不是把质子或电子叫元电荷，故A错误；B、1.6×10﹣19C的电量叫元电荷．故B正确；C、根据实验发现，所有带电体的带电量一定等于元电荷的整数倍，故C正确；D 、元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的，故D 正确；故选：BCD ．【考点】元电荷、点电荷．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】由元电荷的定义可知，我们将电子或质子所带电量的绝对值称为元电荷，由此可以判定各个选项．【点评】掌握好元电荷的含义，它指的是电子或质子所带的电荷量，而不是指电子或质子本身．对元电荷的理解也是学生容易出错的地方．3.两个点电荷相距为d ，相互作用力大小为F ；保持两点电荷电荷量不变，改变它们之间的距离，使之相互作用力大小变为4F ，则两点电荷之间的距离应变为（） A ．4dB ．2dC ．D ．【答案】C【解析】解：当距离为d 时有：F=k ① 当距离变化后依据题意有：4F="k"②联立①②可得r=，故ABD 错误，C 正确．故选：C ．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】对于这两种情况下分别根据库仑定律列方程即可求解．【点评】正确理解库仑定律公式以及公式中各个物理量的含义是解本题关键，由于公式涉及物理量较多，因此常用两式相比的方法进行求解．4.真空中两个点电荷，电荷量分别为q 1=8×10﹣9C 和q 2=﹣18×10﹣9C ，两者固定于相距20cm 的a 、b 两点上，如图所示．有一个点电荷放在a 、b 连线（或延长线）上某点，恰好能静止，则这点的位置是（）A ．a 点左侧40cm 处B ．a 点右侧8cm 处C ．b 点右侧20cm 处D ．以上都不对【答案】A【解析】解：q 1的电量比q 2电量小，所以第三个电荷不论正负，只有放在q 1的外侧才能处于平衡；根据两点电荷在q 3处的电场强度为零时，q 3才能处于平衡，所以设q 3距q 1的距离为x ，则有=代入数据解得：x=0.4m ，即：在q 1q 2连线上，q 1以外40cm 处故选：A ．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据题意可知，Q 1的电量比Q 2电量大，所以第三个电荷不论正负，只有放在Q 2的右侧才能处于平衡；再由点电荷电场强度的叠加为零．【点评】理解点电荷的电场强度公式及电场强度的叠加，并掌握电场强度的矢量性，同时根据受力平衡来确定第三个点电荷的位置．5.下列说法正确的是（）A ．电场是为了研究问题的方便而设想的一种物质，实际上不存在B ．电荷所受的电场力越大，该点的电场强度一定越大C ．以点电荷为球心，r 为半径的球面上各点的场强都相同D ．在电场中某点放入试探电荷q ，受电场力F ，该点的场强为E=，取走q 后，该点的场强不变【答案】D【解析】解：A 、电场是存在于电荷周围能传递电荷与电荷之间相互作用的媒介，是不同与实物的另一种物质存在的方式．故A 错误；B 、电场中的场强取决于电场本身，电场强度只由场源电荷电量和位置决定，与电荷受到的电场力的大小无关．故B 错误；C 、以点电荷为球心的球面各点的电场强度大小相等，方向不同，故电场强度不同．故C 错误；D 、电场强度是由产生电场的源电荷决定的，在电场中某点放一检验电荷后，不会影响该点的电场强度，故D 正确；故选：D【考点】电场线；电场．【分析】电场是存在于电荷周围能传递电荷与电荷之间相互作用的物理场；电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场强弱可由试探电荷所受的力与试探点电荷带电量的比值确定；以点电荷为球心的球面是一个等势面，其上各点的电势相等，电场强度大小相等，方向不同．【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．6.如图所示，A 、B 是同一条电场线上的两点，下列说法正确的是（）A ．正电荷在A 点具有的电势能大于在B 点具有的电势能 B ．正电荷在B 点具有的电势能大于在A 点具有的电势能C ．负电荷在A 点具有的电势能大于在B 点具有的电势能D ．负电荷在B 点具有的电势能大于在A 点具有的电势能【答案】AD【解析】解：A 、B 若正电荷从A 运动到B ，正电荷所受的电场力方向从A 指向B ，与位移方向相同，电场力做正功，电势能减小，则正电荷在A 点具有的电势能大于在B 点具有的电势能．故A 正确、B 错误．C 、D 若负电荷从A 运动到B ，负电荷所受的电场力方向从B 指向A ，与位移方向相反，电场力做负功，电势能增大，则负电荷在B 点具有的电势能大于在A 点具有的电势能．故D 正确、C 错误．故选AD【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据顺着电场线方向电势降低，判断A 、B 两点电势的高低．根据电场力做功正负判断电势能的大小．【点评】本题考查对电场线物理意义的理解．电场线的方向反映电势的高低．由电场力做功正负，即可判断电势能的变化．7.关于静电场的下列说法中正确的是（） A ．电场中电势较高处的电场强度也一定较大B ．同一电场中等势面较密处的电场强度也一定较大C ．电场中的电场线一定与等势面垂直相交D ．非匀强电场中将一电子由静止释放后一定沿电场线运动【答案】C【解析】解：A 、电势与场强两者没有直接的关系，电场中电势较高处的电场强度不一定较大．故A 错误． B 、根据E=，同一电场中，等差等势面较密处的电场强度才较大．故B 错误．C 、根据电场线与等势面的关系，两者一定相互垂直．C 正确．D 、只有当电场线是直线时，电子由静止释放后才沿电场线运动，否则不沿电场线运动．故D 错误．故选C ．【考点】电场强度；电场线；等势面．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电势的高低看电场线的方向，电场强度的大小看电场线的疏密，电势与场强两者没有直接的关系．根据E=，定性分析等势面的疏密与场强的关系．电荷在电场中由静止释放，不一定沿电场线运动．【点评】本题考查对电场中几对关系的理解能力，即电场强度与电势、电场线与等势面、电场线与运动轨迹的关系．8.如图示为某个电场中的部分电场线，如图A 、B 两点的场强分别记为E A 、E B ，电势分别记为φA 、φB 则（）A ．E A ＞EB 、φA ＞φB B ．E A ＜E B 、φA ＞φBC ．E A ＜E B 、φA ＜φBD ．E A ＞E B 、φA ＜φB 【答案】B【解析】解：由电场线的分布情况可知，B 处电场线比A 处电场线密，则B 点的场强大于A 点的场强，即E B ＞E A ．画出过A 点的等势线与B 所在的电场线交于C 点，则有C 点的电势高于B 点的电势，所以A 点的电势高于B 点的电势，即φA ＞φB ．故B 正确故选：B【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密，场强越大．画出过A 点的等势线，根据顺着电场线电势降低判断电势的高低．【点评】本题的技巧是画出等势线．对于电场线的物理意义：电场线疏密表示场强的大小，电场线的方向反映电势的高低要牢固掌握，熟练应用．9.如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10﹣6C 的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A 点运动到B 点时动能减少了10﹣5J ，已知A 点的电势为﹣10V ，则以下判断正确的是（）A ．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B ．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C ．B 点电场强度为零D ．B 点电势为﹣20V【答案】A【解析】解：AB 、由题，带正电的微粒仅受电场力的作用，从A 点运动到B 点时动能减少了10﹣5J ，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左．根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示．故A 正确，B 错误． CD 、根据动能定理得：qU AB =△E k ，得A 、B 间的电势差 U AB ==﹣V=﹣10V ，又U AB =φA ﹣φB ，φA =﹣10V ，则B 的电势为 φB =0．场强与电势无关，B 点的电场强度不为0，故C 、D 错误．故选：A ．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】带正电的微粒仅受电场力的作用，从A 点运动到B 点时动能减少了10﹣5J ，说明电场力做负功，可分析出电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，可知其轨迹为1，还可判断出电场线的方向．根据动能定理求出AB 间的电势差，由U AB =φA ﹣φB ，可求出B 点的电势．【点评】根据轨迹弯曲的方向要能判断出合力的方向，结合电场的性质，根据动能定理求出电势差，再求电势，都是常规的方法．10.如图所示，虚线a 、b 、c 代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa 、φb 和φc ，φa ＞φb ＞φc ．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN 所示．由图可知（）A ．粒子从K 到L 的过程中，电场力做负功B ．粒子从L 到M 的过程中，电场力做负功C ．粒子从K 到L 的过程中，电势能增加D ．粒子从L 到M 的过程中，动能增加【答案】ACD【解析】解：A 、粒子从K 到L 的过程中，电场力方向与运动方向相反，电场力做负功．故A 正确．B 、粒子从L 到M 的过程中，虚线a 、b 、c 代表静电场中的三个等势面，φa ＞φb ，电势能减小，知电场力做正功．故B 错误．C 、粒子从K 到L 的过程中，电场力做负功，电势能增加．故C 正确．D 、粒子从L 到M 的过程中，电场力做正功，根据动能定理，动能增加．故D 正确．故选：ACD ．【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹的弯曲判断出电荷的受力，通过电场力做功判断电势能的变化，以及根据动能定理，通过电场力做功判断动能的变化．【点评】解决本题的关键知道电场力做功与电势能的关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．11.如图所示，A、B为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的P点放一个负点电荷q（不计重力），由静止释放后，下列说法中正确的是（）A．点电荷在从P点到O点运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．点电荷在从P点到O点运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零【答案】C【解析】解：A、B在等量同种电荷连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断．故AB错误．C、越过O点后，负电荷q做减速运动，则点电荷运动到O点时速度最大．电场力为零，加速度为零．故C正确．D、根据电场线的对称性可知，越过O点后，负电荷q做减速运动，加速度的变化情况无法判断．故D错误．故选C【考点】电场强度；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】A、B为两个等量的正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不确定．越过O点后，负电荷q做减速运动，点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值，加速度变化情况同样不确定．【点评】本题考查对等量异种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性．12.一个空气平行板电容器，极板间距离为d，正对面积为s，充以电荷量Q后，极板间电压为U，为使电容器的电容加倍，可采用的办法是（）A．将电压变为一半B．将所带电荷量变为2QC．将极板正对面积变为2SD．将两极板间充满相对介电常数为2的电介质【答案】CD【解析】解：A、改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，由电容器的决定式决定的．故AB错误．B、由电容器的决定式得：将电容器的电容加倍，我们可采取的方式是：①将极板正对面积变为2S；②将电解质换为介电常数为原来的介电常数2倍的电解质；③将两极板距离变为原来的一半．故CD正确；故选：CD【考点】电容器的动态分析；电容．【专题】定性思想；推理法；电容器专题．【分析】改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，由电容器的决定式得：我们可以通过改变正，极板间的距离d来改变电容．对面积s，介电常数eγ【点评】本题考查电容器的决定式，要明确改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，电容器的电容是由决定式决定的．二、填空题1.如图所示，在带电+Q的带电体附近有两个相互接触的金属导体A和B，均放在绝缘支座上．若先将+Q移走，再把A、B分开，则A 电，B 电；若先将A、B分开，再移走+Q，则A 电，B 电．【答案】不带；不带；带负；带正【解析】解：若先移走带正电的导体棒，此时导体A 和B 中的电荷又发生中和，不再带电，再把导体A 和B 分开，同样不再带电，所以此时A 不带电，B 不带电．先把导体A 和B 分开，再移走带正电的导体棒，导体A 和B 由于感应起电带上异种电荷，所以此时A 带负电，B 带正电．故答案为：不带；不带；带负；带正．【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】将带正电的导体棒靠近两个不带电的导体AB ，靠感应起电使物体带电，带电的实质是电荷的移动，总电荷量保持不变．【点评】解决本题的关键知道摩擦起电、感应起电、接触带电的实质都是电荷的移动，电荷的总量保持不变．2.电场中某一电场线为一直线，线上有A 、B 、C 三个点，把电荷q 1=10﹣8C 从B 点移到A 点时电场力做了10﹣7J的功；电荷q 2=﹣10﹣8C ，在B 点的电势能比在C 点时大10﹣7J ，那么：（1）比较A 、B 、C 三点的电势高低，由高到低的排序是；（2）A 、C 两点间的电势差是 V ；（3）若设B 点的电势为零，电荷q 2在A 点的电势能是 J ．【答案】（1）φC ＞φB ＞φA ．（2）﹣20（3）1×10﹣7【解析】解：（1）根据电势差的定义式U=得 BA 间电势差U BA ==V=10V ，说明B 点的电势比A 点高10V ； BC 间电势差U BC ==V=﹣10V ，说明B 点的电势比C 点低10V故A 、B 、C 三点的电势高低顺序是：φC ＞φB ＞φA ．（2）A 、C 两点间的电势差U AC =U AB +U BC =﹣10V ﹣10V=﹣20V （3）设B 点的电势为零，A 点的电势为φA =﹣10V电荷q 2在A 点的电势能是E p =q 2φA =﹣10﹣8×（﹣10）J=1×10﹣7J 故答案为：（1）φC ＞φB ＞φA ．（2）﹣20（3）1×10﹣7【考点】电势能；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）根据电势差的定义式U=，求出BA 间和BC 间电势差，即可比较三点电势的高低；（2）A 、C 两点间的电势差U AC =U AB +U BC ．（3）设B 点的电势为零，确定出A 点的电势，由E p =qφ公式求出电荷q 2在A 点的电势能．【点评】本题的解题关键是掌握电势差的定义式U=，并能正确运用．也可以推论：正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势高处电势能小，判断电势高低．3.一个平行板电容器，当其电荷量增加△Q=1.0×10﹣6C 时，两板间的电压升高△U=10V ，则此电容器的电容C= F ．若两板间电压为35V ，此时电容器的带电荷量Q= C ．【答案】1.0×10﹣7，3.5×10﹣6【解析】解：已知△Q=1.0×10﹣6C ，△U=10V ，则电容器的电容C==1.0×10﹣7F由C=变形得，Q=CU=1.0×10﹣7×35C=3.5×10﹣6C 故答案为：1.0×10﹣7，3.5×10﹣6 【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容的定义式为C=，对于给定的电容器，电容是一定的，根据数学知识得到C=，由此式求解电。

山东省德州市武城二中2017届高三上学期月考物理试卷(12月份) 含解析

2016—2017学年山东省德州市武城二中高三（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（共12小题，共42分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，每小题3分．第7~12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．下列关于物理学发展史和单位制的说法正确的是(）A．物理学家汤姆孙经过多次实验，比较准确地测定了电子的电荷量B．卡文迪许通过扭秤实验测量了静电力常量，并验证了库仑定律C．国际单位制中的七个基本单位是：Kg、m、N、A、K、mol、cdD．功的单位可以用kgm2/s2表示2．如图所示，真空中有等量异种点电荷+q、﹣q分别放置在M、N两点，在MN的连线上有对称点a、c，MN连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是()A．在MN连线的中垂线上,O点电势最高B．正电荷+q从b点移到d点的过程中，受到的电场力先减小后增大C．正电荷+q在c点电势能大于在a点电势能D．正电荷+q在c点电势能小于在a点电势能3．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固定在P点，如图所示,以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势,E P表示正电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将负极板缓慢向左平移一小段距离L0的过程中，各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的是（）A．B．C．D．4．某卫星发射中心在发射卫星时，首先将该卫星发射到低空轨道1,待测试正常后通过点火加速使其进入高空轨道2，已知卫星在上述两轨道运行时均做匀速圆周运动，假设卫星的质量不变，在两轨道上稳定运行时的动能之比为E k1：E k2=4：1．如果卫星在两轨道的向心加速度分别用a1、a2表示,角速度分别用ω1、ω2表示，周期分别用T1、T2表示，轨道半径分别用r1、r2表示．则下列比例式正确的是()A．a1：a2=4：1 B．ω1：ω2=2：1 C．T1：T2=1：8 D．r1：r2=1:25．如图，小物块P位于光滑斜面上,斜面Q位于光滑水平地面上，小物块P从静止开始沿斜面下滑的过程中（)A．斜面静止不动B．物块P的机械能守恒C．物块P对斜面的弹力对斜面做正功D．斜面对物块P的弹力对P不做功6．如图所示,将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，砝码的移动很小,几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验，若砝码和纸板的质量分别为2m 和m，各接触面间的动摩擦因数均为μ．重力加速度为g．要使纸板相对砝码运动，所需拉力的大小至少应大于（)A．3μmg B．4μmgC．5μmgD．6μmg7．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小盒b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，连接a的一段细绳竖直,a连接在竖直固定在地面的弹簧上,现在b盒内缓慢加入适量砂粒,a、b、c始终位置保持不变，下列说法中正确的是(）A．b对c的摩擦力可能先减小后增大B．地面对c的支持力可能不变C．c对地面的摩擦力方向始终向左D．弹簧的弹力始终不变8．如图所示,在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道，外圆光滑,内圆粗糙．一质量为m的小球从轨道的最低点以初速度v0向右运动，球的直径略小于两圆间距，球运动的轨道半径为R，不计空气阻力．设小球过最低点时重力势能为零，下列说法正确的是（)A．若小球运动到最高点时速度为0，则小球机械能一定不守恒B．若经过足够长时间，小球最终的机械能可能为mgRC．若使小球始终做完整的圆周运动，则v0一定不小于D．若小球第一次运动到最高点时速度大小为0，则v0一定大于9．如图甲所示,足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A,木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用,木板加速度a随力F变化的a﹣F图象如图乙所示，g取10m/s2，则(）A．滑块A的质量为4kgB．木板B的质量为1kgC．当F=10N时木板B加速度为4m/s2D．当F=10N时滑块A的加速度为2m/s210．两电荷量分别为q1和q2的点电荷固定在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中C为ND段电势最低的点，则下列说法正确的是（)A．q1、q2为等量异种电荷B．C点的电场强度大小为零C．C、D两点间场强方向沿x轴负方向D．将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做负功后做正功11．假设若干年后，由于地球的变化，地球的半径变小了,但地球的质量不变,地球的自转周期不变，则相对于现在（）A．地球表面的重力加逮度变大了B．发射一颗卫星需要的最小发射速度变大了C．地球的同步卫星的高度变大了D．地球同步卫星绕地球做圆周运动的线速度变大了12．如图所示，三个可视为质点的金属小球A、B、C，质量分别为m、2m和3m，B球带负电，电荷量为﹣q,A、C不带电，不可伸长的绝缘细线将三球连接，最上边的细线连接在斜面顶端的O点，三球均处于场强大小为E的竖直向上的匀强电场中，三段细线均伸直，三个金属球均静止于倾角为30°的绝缘光滑斜面上，则下列说法正确的是（）A．A、B球间的细线的张力为B．A、B球间的细线的张力可能为0C．将线OA剪断的瞬间,B、C间的细线张力D．将线OA剪断的瞬间，A、B球间的细线张力二、实验题（共2小题，11题6分，12题6分，共12分．）13．同学们利用如图所示方法估测反应时间．首先,甲同学捏住直尺上端，使直尺保持竖直状态，直尺零刻度线位于乙同学的两指之间．当乙看见甲放开直尺时，立即用手指捏直尺，若捏住位置刻度读数为x，则乙同学的反应时间为(重力加速度为g）．基于上述原理，某同学用直尺制作测量反应时间的工具,若测量范围为0～0.4s,则所用直尺的长度至少为cm（g取10m/s2）;若以相等时间间隔在该直尺的另一面标记出表示反应时间的刻度线，则每个时间间隔在直尺上对应的长度是的（选填“相等”或“不相等”)．14．某同学用如图甲所示的装置测定﹣物块的质量．将一端带有定滑轮的长木板放在水平桌面上，物块左端通过细线与力传感器和重物连接，右端选接穿过打点计时器的纸带．该同学通过改变重物的质量，获得多组实验数据，画出了物块加速度a与所受细线拉力F的关系，如图乙．（1）该同学测得物块的质量m=kg．（2）取重力加速度g=10m/s2，还可得出物块和木板之间的动摩擦因数μ=．（3）下面做法可以减小物块质量测试误差的是．A．尽量减小滑轮处的摩擦B．尽量使重物的质量远小于物块的质量C．实验前将长木板右侧适当抬高来平衡摩擦力D．多次改变重物的质量进行多次试验．三、计算题（本部分3题，共46分．按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位．)15．如图所示，可看成质点的A物体叠放在上表面光滑的B物体上,一起以v0的速度沿光滑的水平轨道匀速运动，与静止在同一光滑水平轨道上的木板C发生碰撞，碰撞后B、C的速度相同，B、C的上表面相平且B、C不粘连，A滑上C后恰好能到达C板的右端．已知A、B、C质量均相等，C的质量为A的质量的2倍，木板C长为L,重力加速度为g．求：①A物体的最终速度；②A物体与木板C上表面间的动摩擦因数．16．如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1=E的匀强电场,在两条平行的选项MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2=2E的匀强电场，在虚线PQ右侧相距为L处有一与电场E2平行的屏．现将一电子(电荷量为e,质量为m，不计重力）无初速度地放入电场E1中的A点，A点到MN的距离为，最后电子打在右侧的屏上,AO连线与屏垂直，垂足为O，求：（1）电子从释放到打到屏上所用的时间t；（2）电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角θ的正切值tanθ;（3)电子打到屏上的点P′（图中未标出）到点O的距离x．17．传送带以稳定的速度v=6m/s顺时针转动,传送带与水平面的夹角θ=37°，现在将一质量m=2kg的物体(可以看作质点）放在其底端，传送带顶端平台上的人通过轻绳以恒定的拉力F=20N拉物体，经过一段时间物体被拉到斜面顶端，如图所示,已知传送带底端与顶端的竖直高度H=6m,物体与传送带之间的动摩擦因数为0。

山东省德州市武城二中2017-2018学年高三上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年山东省德州市武城二中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（每题至少有一个选项是正确的，每题4分，漏选2分，错选0分．）1．关于力与运动的关系，下列说法正确的是( )A．物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大B．物体的速度为零，则加速度为零，所受的合外力也为零C．物体的速率不变，则其所受合力必为零D．物体的速度不断增大，表示物体必受力的作用2．如图所示，质量为m的小物块以初速度v0沿足够长的固定斜面上滑，斜面倾角为θ，物块与该斜面间的动摩擦因数μ＞tan θ，下图表示该物块的速度v和所受摩擦力F f随时间t 变化的图线（以初速度v0的方向为正方向）中可能正确的是( )A．B．C．D．3．如图所示，斜面体A静止放置在水平地面上，质量为m的物体B在外力F（方向水平向右）的作用下沿斜面向下做匀速运动，此时斜面体仍保持静止．则下列说法中正确的是( )A．若撤去力F，物体B将沿斜面向下加速运动B．若撤去力F，A所受地面的摩擦力方向向左C．若撤去力F，A所受地面的摩擦力可能为零D．若撤去力F，A所受地面的摩擦力方向可能向右4．如图所示，在斜面顶端a处对速度v a不平抛出一小球，经过时间t a恰好落在斜面底端P 处；今在P点正上方与a等高的b处以速度v b水平抛出另一小球，经过时间t b恰好落在斜面的中点处．若不计空气阻力，下列关系式正确的是( )A．v a=v bB．v a=2v bC．t a=t bD．t a=t b5．在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为m的物体．当电梯静止时，弹簧被压缩了x；当电梯运动时，弹簧又被继续压缩了．则电梯运动的情况可能是( )A．以大小为的加速度加速上升B．以大小为的加速度减速上升C．以大小为的加速度加速下降D．以大小为的加速度减速下降6．在动摩擦因数μ=0.2的水平面上有一个质量为m=2kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ=45°角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力恰好为零．当剪断轻绳的瞬间，取g=10m/s2，以下说法正确的是( )A．此时轻弹簧的弹力大小为20NB．小球的加速度大小为8m/s2，方向向左C．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10m/s2，方向向右D．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度为07．如图所示，水平传送带A、B两端相距x=4m，以v0=4m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转，今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至A端，由于煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕．已知煤块与传送带间的动摩擦因数μ=0.4，取重力加速度大小g=10m/s2，则煤块从A运动到B的过程中( )A．煤块从A到B一直做匀加速运动B．煤块从A运动到B的时间是1.5sC．划痕长度是4mD．划痕长度是2m8．如图所示，光滑水平面上放有截面为圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A施加一水平向左的力F，整个装置保持静止．若将A的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则( )A．地面对A的支持力减小B．B对A的作用力减小C．水平外力F增大D．墙对B的作用力增大9．如图所示，在建筑工地，民工兄弟用两手对称水平使力将两长方体水泥制品夹紧并以加速度a竖直向上匀加速搬起，其中A的质量为m，B的质量为3m，水平作用力为F，A、B 之间的动摩擦因数为μ，在此过程中，A、B间的摩擦力为( )A．μFB．2μFC．m（g+a）D．m（g+a）10．如图甲所示，物块的质量m=1kg，初速度v0=10m/s，在一水平向左的恒力F作用下从O点沿粗糙的水平面向右运动，某时刻后恒力F突然反向，整个过程中物块速度的平方随位置坐标变化的关系图象如图乙所示，g=10m/s2．下列选项中正确的是( )A．0﹣5s内物块做匀减速运动B．在t=1s时刻，恒力F反向C．恒力F大小为10ND．物块与水平面的动摩擦因数为0.3二．实验题（本题2小题，共18分）11．在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学的实验情况如图所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．（1）本实验中，采取下列哪些方法和步骤可以减小实验误差__________．A．两个分力F1、F2间的夹角尽量小些B．两个分力F1、F2的大小要适当大些C．拉橡皮筋的细绳要稍短一些D．实验中，弹簧秤必须与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度（2）本实验采用的是等效替代法，但若将细绳也换成橡皮筋，则实验结果是否会发生变化？答：__________（选填“变化”或“不变化”）．（3）为了完成实验，在用两个完全相同的弹簧秤成一定角度拉橡皮筋时，必须记录的有__________．A．两细绳的方向B．橡皮筋的原长C．两弹簧秤的示数D．结点O的位置（4）若保持结点O的位置及OB绳方向不变，而将OC顺时针缓慢转动一小角度，其他操作均正确，则__________．A．弹簧秤甲的示数不变B．弹簧秤甲的示数一直减小C．弹簧秤乙的示数可能增大D．弹簧秤乙的示数一定先减小后增大．12．如图1所示为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置图．图中A为小车，质量为m1，连接在小车后面的纸带穿过电火花打点计时器B，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上，P的质量为m2，C为弹簧测力计，实验时改变P的质量，读出测力计不同读数F，不计绳与滑轮的摩擦．（1）电火花打点计时器工作电压为__________流（选填“交、直”）__________V．（2）下列说法正确的是__________A．一端带有定滑轮的长木板必须保持水平B．实验时应先接通电源后释放小车C．实验中m2应远小于m1D．测力计的读数始终为m2g（3）如图2是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为：x AB=4.22cm、x BC=4.65cm、x CD=5.08cm、x DE=5.49cm，x EF=5.91cm，x FG=6.34cm．已知打点计时器的工作频率为50Hz，则小车的加速度a=__________m/s2．（结果保留二位有效数字）．（4）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的aF图象，可能是图3中的图线__________．三．计算题（本题共3小题，共计42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）13．如图所示，一个底面粗糙，质量为m的斜面体静止在水平地面上，斜面体斜面是光滑的，倾角为a=30°．现用一端固定的轻绳系一质量也为m的小球，小球静止时轻绳与斜面的夹角也是30°．试求：（1）当斜面体静止时绳的拉力大小？（2）若地面对斜面体的最大摩擦力等于地面对斜面体支持力的k倍，为了使整个系统始终保持静止状态，k值必须满足什么条件？14．（14分）如图甲所示，质量为m=1kg的物体置于倾角为θ=37°的固定且足够长的斜面上，对物体施以平行于斜面向上的拉力F，t1=1s时撤去拉力，物体运动的部分v﹣t图象如图乙所示．已知：sin37°=0.6，cos37°=0.8．试求：（1）拉力F的大小．（2）t=4s时物体的速度v的大小．15．（16分）静止在水平面上的A、B两个物体通过一根拉直的轻绳相连，如图，轻绳长L=1m，承受的最大拉力为8N，A的质量m1=2kg，B的质量m2=8kg，A、B与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，现用一逐渐增大的水平力F作用在B上，使A、B向右运动，当F增大到某一值时，轻绳刚好被拉断（g=10m/s2）．（1）求绳刚被拉断时F的大小．（2）若绳刚被拉断时，A、B的速度为2m/s，保持此时的F大小不变，当A静止时，A、B 间的距离为多少？2015-2016学年山东省德州市武城二中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（每题至少有一个选项是正确的，每题4分，漏选2分，错选0分．）1．关于力与运动的关系，下列说法正确的是( )A．物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大B．物体的速度为零，则加速度为零，所受的合外力也为零C．物体的速率不变，则其所受合力必为零D．物体的速度不断增大，表示物体必受力的作用考点：牛顿第一定律．分析：根据加速度的物理意义：加速度表示物体速度变化的快慢，以及根据定义式，分析加速度的含义．加速度由物体所受的合力和物体的质量共同决定，与速度没有直接的关系．解答：解：A、速度的大小与加速度的大小无关，物体的速度越大，加速度不一定大，故A错误；B、物体的速度为零，但物体的加速度的变化率可以不为零，即物体的加速度不为零．例如竖直上抛一个物体运动到最高点，故B错误．C、物体的速率不变，可能是速度的大小不变而方向在变化，其所受合力不一定是零．故C 错误D、物体的速度不断增大，表示物体必受力的作用，故D正确．故选：D．点评：加速度是运动学中最重要的物理量，对它的理解首先抓住物理意义，其次是定义式，以及与其他物理量的关系．2．如图所示，质量为m的小物块以初速度v0沿足够长的固定斜面上滑，斜面倾角为θ，物块与该斜面间的动摩擦因数μ＞tan θ，下图表示该物块的速度v和所受摩擦力F f随时间t变化的图线（以初速度v0的方向为正方向）中可能正确的是( )A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；摩擦力的判断与计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物块与该斜面间的动摩擦因数μ＞tanθ，即mgsinθ＜μmgcosθ，知物块上滑到最高点，将静止在最高点．结合牛顿第二定律得出加速度的大小，判断物体的运动规律．解答：解：A、因为物块与该斜面间的动摩擦因数μ＞tanθ，即mgsinθ＜μmgcosθ，知物块上滑到最高点，将静止在最高点．在上滑的过程中受重力、支持力和摩擦力的大小，做匀减速直线运动．故A、B错误．C、上滑的过程中受滑动摩擦力，方向沿斜面向下，大小为f1=μmgcosθ，上升到最高点，受静摩擦力大小，方向沿斜面向上，大小为f2=mgsinθ，知f1＞f2．故C正确，D错误．故选：C．点评：本题关键要根据μ＞tanθ，判断物块停在最高，还要根据物理规律得到各量的表达式，再选择图象．3．如图所示，斜面体A静止放置在水平地面上，质量为m的物体B在外力F（方向水平向右）的作用下沿斜面向下做匀速运动，此时斜面体仍保持静止．则下列说法中正确的是( )A．若撤去力F，物体B将沿斜面向下加速运动B．若撤去力F，A所受地面的摩擦力方向向左C．若撤去力F，A所受地面的摩擦力可能为零D．若撤去力F，A所受地面的摩擦力方向可能向右考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：物体B在F作用下做匀速直线运动，撤去F后，物体B将沿斜面向下做加速运动．以斜面体A和物体B整体为研究对象，将B的加速度分解为水平方向和竖直方向，根据牛顿第二定律分析地面对A的摩擦力方向．解答：解：A、物体B在F作用下做匀速直线运动，若斜面粗糙，重力沿斜面向下的分力与沿斜面向上的滑动摩擦力和拉力的沿斜面的分力之和平衡，当撤去F后，滑动摩擦力减小，而重力沿斜面向下的分力不变，所以，物体B将沿斜面向下做加速运动．若斜面光滑，物体B也沿斜面向下加速运动，故A正确．B、C、D、将B的加速度分解为水平方向和竖直方向，如图．以斜面体A和物体B整体为研究对象，根据牛顿第二定律分析得到，地面对A的摩擦力方向水平向左．故B正确，CD错误．故选AB点评：本题考查分析物体受力情况的能力，根据牛顿第二定律，由加速度的大小和方向分析受力情况，也是常用方法之一．4．如图所示，在斜面顶端a处对速度v a不平抛出一小球，经过时间t a恰好落在斜面底端P 处；今在P点正上方与a等高的b处以速度v b水平抛出另一小球，经过时间t b恰好落在斜面的中点处．若不计空气阻力，下列关系式正确的是( )A．v a=v bB．v a=2v bC．t a=t bD．t a=t b考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：ab两处抛出的小球都做平抛运动，由平抛运动的规律水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，抓住水平位移和竖直位移关系进行求解．解答：解：b球落在斜面的中点，知a、b两球下降的高度之比为2：1，根据h=知，t=，则时间关系为，故D正确，C错误．因为a、b两球水平位移之比为2：1，则，故A、B错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．5．在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为m的物体．当电梯静止时，弹簧被压缩了x；当电梯运动时，弹簧又被继续压缩了．则电梯运动的情况可能是( )A．以大小为的加速度加速上升B．以大小为的加速度减速上升C．以大小为的加速度加速下降D．以大小为的加速度减速下降考点：牛顿运动定律的综合应用．分析：物体原来静止，由此可以知道物体的重力与弹簧的弹力相等，当弹簧又被继续压缩时，这时增加的弹力就是物体受的合力，由牛顿第二定律可以求加速度的大小，再判断物体的运动情况．解答：解：因为电梯静止时，弹簧被压缩了x，由此可以知道，mg=kx，当电梯运动时，弹簧又被继续压缩了，弹簧的弹力变大了，所以物体的合力应该是向上的，大小是mg，由牛顿第二定律F=ma可得，mg=ma，所以加速度大小为a=g，合力是向上的，当然加速度的方向也就是向上的，此时物体可能是向上的匀加速运动，也可能是向下的匀减速运动，所以D正确．故选D．点评：根据物体所处的两种不同的情况，对物体受力分析，增加的弹力就是物体受的合力，再由牛顿第二定律可以求加速度．6．在动摩擦因数μ=0.2的水平面上有一个质量为m=2kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ=45°角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力恰好为零．当剪断轻绳的瞬间，取g=10m/s2，以下说法正确的是( )A．此时轻弹簧的弹力大小为20NB．小球的加速度大小为8m/s2，方向向左C．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10m/s2，方向向右D．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度为0考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先分析剪断轻绳前弹簧的弹力和轻绳的拉力大小；再研究剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出瞬间的加速度大小；剪断弹簧的瞬间，因为绳子的作用力可以发生突变，小球瞬间所受的合力为零．解答：解：A、在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力：F=mgtan45°=20×1=20N，故A正确；B、剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力仍然为20N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用；小球所受的最大静摩擦力为：f=μmg=0.2×20N=4N，根据牛顿第二定律得小球的加速度为：a==；合力方向向左，所以向左加速．故B正确；C、D、剪断弹簧的瞬间，轻绳对小球的拉力瞬间为零，此时小球所受的合力为零，则小球的加速度为零，故C错误，D正确；故选：ABD．点评：解决本题的关键知道剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，剪短弹簧的瞬间，轻绳的弹力要变化，结合牛顿第二定律进行求解．7．如图所示，水平传送带A、B两端相距x=4m，以v0=4m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转，今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至A端，由于煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕．已知煤块与传送带间的动摩擦因数μ=0.4，取重力加速度大小g=10m/s2，则煤块从A运动到B的过程中( )A．煤块从A到B一直做匀加速运动B．煤块从A运动到B的时间是1.5sC．划痕长度是4mD．划痕长度是2m考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：小煤块无初速从皮带左端释放，在滑动摩擦力的作用下做匀加速运动，当速度与皮带速度相同时，物体随着皮带一起匀速运动，明确煤块的运动形式，知道划痕长度即为相对位移大小．解答：解：AB、煤块在传送带上匀加速运动时，根据牛顿第二定律有：mgμ=ma因此解得a=μg=4m/s2．当煤块速度和传送带速度相同时，位移为：s1==m=2m＜x=4m因此煤块先匀加速后匀速运动，匀加速时间为：t1==s=1s匀速时间为：t2==s=0.5s小煤块从A运动到B的过程中总时间为：t=t1+t2=1.5s，故A错误，B正确；CD、在加速阶段产生相对位移即产生划痕，则有：△s=v0t1﹣s1=4×1﹣2=2m，故C错误，D正确．故选：BD点评：分析清楚物体运动的过程，先是匀加速直线运动，后是匀速直线运动，分过程应用运动规律求解即可，尤其是注意分析摩擦力的变化情况．8．如图所示，光滑水平面上放有截面为圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A施加一水平向左的力F，整个装置保持静止．若将A的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则( )A．地面对A的支持力减小B．B对A的作用力减小C．水平外力F增大D．墙对B的作用力增大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，然后根据共点力平衡条件得到A球左移后各个力的变化情况；最后再对整体受力分析，根据平衡条件判断推力F和地面的支持力的变化情况．解答：解：对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，如右图当A球向左移动后，A球对B球的支持力N′的方向不断变化，根据平衡条件结合合成法可以知道A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N都在不断减小，则B对A的作用力也减小．故B正确，D错误．再对A和B整体受力分析，受到总重力G、地面支持力F N，推力F和墙壁的弹力N，如图根据平衡条件，有F=NF N=G故地面对A的支持力保持不变，推力F随着壁对B球的支持力N的不断减小而不断减小．故A、C错误．故选：B．点评：本题关键是先对小球B受力分析，根据平衡条件得到各个力的变化情况，然后再对A、B整体受力分析，再次根据平衡条件列式分析．9．如图所示，在建筑工地，民工兄弟用两手对称水平使力将两长方体水泥制品夹紧并以加速度a竖直向上匀加速搬起，其中A的质量为m，B的质量为3m，水平作用力为F，A、B 之间的动摩擦因数为μ，在此过程中，A、B间的摩擦力为( )A．μFB．2μFC．m（g+a）D．m（g+a）考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：先对两个物体整体根据牛顿第二定律列式；再隔离物体A，根据牛顿第二定律列式；最后联立求解．解答：解：对两个物体整体，根据牛顿第二定律，有：2f﹣（m+3m）g=（m+3m）a…①再隔离物体A，根据牛顿第二定律，有：f﹣mg﹣f BA=ma…②联立解得：f BA=m（g+a）故选：D．点评：本题关键是采用整体法和隔离法，受力分析后根据牛顿第二定律列式求解，不难．10．如图甲所示，物块的质量m=1kg，初速度v0=10m/s，在一水平向左的恒力F作用下从O点沿粗糙的水平面向右运动，某时刻后恒力F突然反向，整个过程中物块速度的平方随位置坐标变化的关系图象如图乙所示，g=10m/s2．下列选项中正确的是( )A．0﹣5s内物块做匀减速运动B．在t=1s时刻，恒力F反向C．恒力F大小为10ND．物块与水平面的动摩擦因数为0.3考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：通过图象可知，物块在恒力F作用下先做匀减速直线运动，恒力F反向后做匀加速直线运动，根据图线求出匀加速直线运动和匀减速直线运动的加速度大小，结合牛顿第二定律求出恒力F和摩擦力的大小．结合运动学公式求出恒力F反向的时刻．解答：解：物体匀减速直线运动的加速度大小为：匀加速直线运动的加速度大小为：根据牛顿第二定律得：F+f=ma1，F﹣f=ma2联立两式解得：F=7N，f=3N则动摩擦因数为：物体匀减速直线运动的时间为：．即在0﹣1s内做匀减速直线运动，1s后恒力F反向，做匀加速直线运动．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．点评：解决本题的关键通过图线理清物体在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行分析．二．实验题（本题2小题，共18分）11．在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学的实验情况如图所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．（1）本实验中，采取下列哪些方法和步骤可以减小实验误差BD．A．两个分力F1、F2间的夹角尽量小些B．两个分力F1、F2的大小要适当大些C．拉橡皮筋的细绳要稍短一些D．实验中，弹簧秤必须与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度（2）本实验采用的是等效替代法，但若将细绳也换成橡皮筋，则实验结果是否会发生变化？答：不变化（选填“变化”或“不变化”）．（3）为了完成实验，在用两个完全相同的弹簧秤成一定角度拉橡皮筋时，必须记录的有ACD．A．两细绳的方向B．橡皮筋的原长C．两弹簧秤的示数D．结点O的位置（4）若保持结点O的位置及OB绳方向不变，而将OC顺时针缓慢转动一小角度，其他操作均正确，则BC．A．弹簧秤甲的示数不变B．弹簧秤甲的示数一直减小C．弹簧秤乙的示数可能增大D．弹簧秤乙的示数一定先减小后增大．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：正确解答该题的关键是明确“理论值”和“实验值”的区别，由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的理论值（通过平行四边形定则得出的值）与实际值（实际实验的数值）存在差别，实际值的方向沿AO方向，理论值的方向在平行四边形的对角线上．由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的理论值（通过平行四边形定则得出的值）与实际值（实际实验的数值）存在差别，只要O点的作用效果相同，是否换成橡皮条不影响实验结果．解答：解：（1）A、根据平行四边形定则可知夹角太小将会导至合力过大，导致一个弹簧拉时可能超过量程，故夹角不能太小或太大，适当即可，故A错误；B、实验是通过作图得出结果，故在不超出量程的情况下为了减小误差应让拉力尽量大些，故B正确；C、为了准确记下拉力的方向，故采用两点描线时两点应尽量距离大一些，故细绳应长些，故C错误；D、为了防止出现分力的情况，应让各力尽量贴近木板，且与木板平行，同时，读数时视线要正对弹簧秤刻度，故D正确；故选：BD（2）由于O点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果．（3）该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小，然后与一个弹簧拉橡皮筋时的拉力大小进行比较，最后得出结论，故需要记录的是两弹力的大小和方向，故ACD正确，B错误．故选：ACD．（4）对点o受力分析，受到两个弹簧的拉力和橡皮条的拉力，保持结点O的位置及OB绳方向不变，其中橡皮条长度不变，其拉力大小不变，弹簧秤甲的示数一直减小，弹簧秤乙的示数可能增大，也有可能减小，故AD错误，BC正确；故选：BC故答案为：（1）BD （2）不变化（3）ACD （4）BC点评：正确解答实验问题的前提是明确实验原理，了解具体操作和有关数据处理的方法以及误差分析，了解整个实验过程的具体操作，以及这些具体操作的意义，同时要熟练应用所学基本规律来解答实验问题．12．如图1所示为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置图．图中A为小车，质量为m1，连接在小车后面的纸带穿过电火花打点计时器B，它们均置于水平放置的一端带有定。

山东省武城县第二中学2017-2018学年高二12月月考理科数学试题含答案

高二数学月考试题（理科）2017.12一、选择题（12×5′＝60′） 1. 抛物线24y x =的焦点坐标是A. 1(,0)16 B. (1,0) C. 1(0,)16D. (0,1) 2．设,a b ∈R ，则“0a b >>”是“11a b<”的（）条件A ．充分而不必要B ．必要而不充分C ．充分必要D ．既不充分也不必要3．在平面直角坐标系中，不等式组0400x y x y y -≥⎧⎪+-≤⎨⎪≥⎩表示的平面区域的面积是（）A .2B . 4C .8D .164．下列命题中，说法正确的是（）A ．命题“若21x =，则1x =”的否命题为“若21x =，则1x ≠”B.“102x <<”是“(12)0x x ->”的必要不充分条件 C ．命题“0x ∃∈R ，使得20010x x ++<”的否定是：“x ∀∈R ，均有210x x ++>”D ．命题“在ABC ∆中，若A B >，则sin sin A B >”的逆否命题为真命题5. 设a R ∈，若直线1l ：280ax y +-=与直线2l ：(1)40x a y +++=平行，则a 的值为（） A.1-B.1或2-C.2-或1-D.16.已知直线l ，m 与平面满足，，则有（） A ．且 B ．且 C ．且 D ．且7.已知四面体ABCD ，DA a = ，DB b = ，DC c = ，点M 在棱DA 上，3DM MA = ，N 为BC 中点，则MN =（）A ．311422a b c ---B ．311422a b c++C.311422a b c -++ D ．311422a b c--αβγ，，//l l m βγαα=⊂ ，，m γ⊥αγ⊥//m βαγ⊥l m ⊥//m βl m ⊥//αβαγ⊥8.设实数,x y 满足条件101020x x y x y +≥⎧⎪-+≤⎨⎪+-≤⎩，则2z y x =-的最小值为（）A ．5B ．12C.2 D ．1 9.《九章算术》是我国古代内容极为丰富的数学名著，书中有如下问题：“今有委米依垣内角，下周八尺，高五尺.问：积及为米几何？”其意思为：“在屋内墙角处堆放米（如图，米堆为一个圆锥的四分之一）.米堆底部的弧长为8尺，米堆的高为5尺，问米堆的体积和堆放的米各为多少？”已知1斛米的体积约为1.62立方尺，圆周率约为3，估算出堆放的米约有（）A.14斛B.22斛C.36斛D.66斛10. 过点(2,2)-且以x y 22±=为渐近线的双曲线方程是( ) A.22124y x -= B. 22142x y -= C. 22142y x -= D. 22124x y -= 11. 已知点()2,1A -，24y x =-的焦点是F ，P 是24y x =-上的点，为使PA PF +取得最小值，P 点的坐标是（） A. 1,14⎛⎫-⎪⎝⎭B. (2,-C. 1,14⎛⎫-- ⎪⎝⎭D. (2,-- 12. 如图，1F 、2F 分别是双曲线)0,0(12222>>=-b a by a x 的两个焦点，以坐标原点O 为圆心，1F O 为半径的圆与该双曲线左支交于A 、B 两点，若△AB F 2是等边三角形，则双曲线的离心率为 ( )AB ．2 C1 D．1+二、填空题(4×5′=20′)13.已知圆C ：22(2)4x y ++=，直线l ：20()kx y k k R --=∈，若直线l 与圆C 恒有公共点，则实数k 的最小值是.14.若正三棱锥的正视图与俯视图如右图所示，则它的侧视图的面积为15.若，则“”是方程“”表示双曲线的条件（填“充分不必要”，“必要不充分”，“充要”，“既不充分也不必要”）16.在正三棱柱111ABC A B C -中，12AA AB =，则异面直线1AC 与1BA 的夹角的余弦值为三、解答题17．（本小题满分10分）已知命题p ：方程2212x y m +=表示焦点在x 轴上的椭圆，命题q ：对任意实数x 不等式22230x mx m +++>恒成立.若“p q ∧”为假命题，“p q ∨”为真命题，求实数m 的取值范围.18.（本小题满分12分）直线l 过点(2,1)P -.（1）若直线l 与直线10x y +-=平行，求直线l 的方程；（2）若点(1,2)A --到直线l 的距离为1，求直线l 的方程.19.（本小题满分12分）已知圆:C 228120x y y +-+=，直线l ：20ax y a ++=.（1）当a 为何值时，直线l 与圆C 相切；（2）当直线l 与圆C 相交于A 、B两点，且||AB =l 的方程.k R ∈1k >22111x y k k -=-+20.（本小题满分12分）在四棱锥A BCDE -中，底面BCDE 为菱形，侧面ABE 为等边三角形，且侧面ABE ⊥底面BCDE ，O 、F 分别为BE 、DE 的中点. （1）求证：AO CD ⊥；（2）求证：平面AOF ⊥平面ACE .21. （本小题12分）已知抛物线2:4C y x =与直线24y x =-交于A ，B 两点．（1）求弦AB 的长度；（2）若点P 在抛物线C 上，且ABP ∆的面积为12，求P 点的坐标．22. （本小题满分12分）已知椭圆C :2222by a x +=1(0a b >>)的离心率为36,短轴一个端点到右焦点的距离为3.(Ⅰ) 求椭圆C 的方程;(Ⅱ) 设直线l 与椭圆C 交于A 、B 两点，坐标原点O 到直线l 的距离为23，求△AOB 面积的最大值.高二数学月考试题（理科）参考答案1.C2.A3.B4.D5.D6.B7.C8.B9.B 10.A 11.A 12.D13.3-14.34 15.充分不必要 16.71017． 201222<<=+m x my x 轴上的椭圆，所以表示焦点在因为方程，…2分因为对任意的实数x ，22230x mx m +++>恒成立，所以244(23)0m m ∆=-+<，解得13m -<<……………………………………4分恰有一真一假”为真命题，等价于”为假命题，““q p q p q p ,∨∧，……5分⎩⎨⎧≥-≤<<3120m m m q p 或假时，真当，无解…………7分 32,01312,0<≤≤<-⎩⎨⎧<<-≥≤m m m m m q p 或，则或真时，假当，……………………9分 (][)3,20,1 -的取值范围是综上所述，实数m ．……………………………10分 18.解：（1）设直线方程为0(1)x y c c ++=≠-，…………………………………2分将(2,1)-代入得1c =.即所求直线方程是10x y ++=.………………………………………………………4分（2）若直线l 的斜率不存在，则过P 的直线为2x =-，到A 的距离为1，满足题意；…………6分若直线l 的斜率存在，设为k ，则l 的方程为1(2)y k x -=+，即210kx y k -++=，…………8分由A 到直线l 的距离为11==，解得43k =-.所以直线方程为4350x y ++=.……………………………………………………………10分综上，所求的直线方程为20x +=或4350x y ++=.……………………………12分 19.解：将圆的方程化简得标准方程22(4)4x y +-=则此圆圆心为(0,4)，2r =……………………………………………………………1分（1）若直线l 与圆C2=………………………………………4分得34a =-…………………………………………………………………………………6分（2）圆心到直线的距离d =||AB ==可得d =8分=7a =-或1a =-……………………………………………11分∴直线l 的方程是：7140x y -+=或20x y -+=………………………………12分 20.证明：（1）因为ABE ∆为等边三角形，O 为BE 的中点，所以AO BE ⊥.…2分又因为平面ABE ⊥平面BCDE ，平面ABE 平面BCDE BE =，AO ⊂平面ABE . 所以AO ⊥平面BCDE ，又因为CD ⊂平面BCDE ，所以AO CD ⊥.…………6分（2）连接BD ，因为四边形BCDE 为菱形，所以CE BD ⊥.因为,O F 分别为,BE DE 的中点，所以//OF BD ，所以CE OF ⊥.…………………………………………8分由（1）可知，AO ⊥平面BCDE ，因为CE ⊂平面BCDE ，所以AO CE ⊥.…10分因为AO OF O = ，所以CE ⊥平面AOF ，………………………………………11分又因为CE ⊂平面ACE ，所以平面AOF ⊥平面ACE .…………………………12分21.解：（1）设11(,)A x y 、22(,)B x y ，由2244y x y x=-⎧⎨=⎩得2540x x -+=，△＞0…………2分法一：又由韦达定理有125x x +=，124x x =∴12|||AB x x =-===……6分法二：解方程得：1x =或4，∴A 、B 两点的坐标为(1,2)-、(4,4).∴||AB ==6分（Ⅱ）设点200(,)4y P y ，设点P 到AB 的距离为d，则200|4|y y d --=9分∴200|4|1122PABy y S ∆--=⋅=，∴200482y y --=，……………………10分 ∴20482y y --=±，解得06y =或04y =-，∴P 点为(9,6)或(4,4)-………12分22. 解：(Ⅰ)设椭圆的半焦距为c，依题意c a =，a =分 ∴1b =………………2分∴所求椭圆方程为2213x y+=.………………3分 (Ⅱ)解法一：设1122(,),(,)A x y B x y（i ）当AB x ⊥轴时，=3AB ，； ………………4分（ii ）当AB 与x 轴不垂直时，设直线AB 的方程为y kx m =+ 由已知231m k =+，得223(1)4m k =+………………6分将y kx m =+代入椭圆方程，整理得22222(6)4(31)(33)361212km k m k m ∆=-+-=-+22730k =+>恒成立∴∴………………8分令231(1)k t t +=≥22(2)[3(1)1]||t t AB t +-+=222(2)(32)344t t t t t t +-+-==2443t t =-++ 211()442t =--+≤，1(0,1)t ∈当2t =，即k =时“＝”成立. ∴max ||2AB =…………………………………………………………………………11分 ∴当AB 最大时，AOB面积取最大值max 12S AB ==……………12分解法二：(Ⅱ)设1122(,),(,)A x y B x y ，（1）当斜率为0时，||AB =4分（2）当斜率不为0时，l 的方程可设为x my n =+因：O 到l=223(1)4n m =+………………6分将x my n =+代入2233x y +=，整理得：222(3)230m y mny n +++-=即得222222122212244(3)(3)12(3)02333m n m n m n mn y y m n y y m ⎧⎪∆=-+-=+->⎪-⎪+=⎨+⎪⎪-=⎪+⎩……………………8分12|||AB y y ==-||AB ⇒=∴||AB===令23m t+=，则3t≥∴||AB===当116t=，即6t=时，max||2AB=此时236m+=，即m=0∆>……………………………………11分∴当||AB最大时，AOB∆面积取最大值max max1||2S AB==12分。

山东省武城县第二中学2017-2018学年高二下学期期中考试物理试题(解析版)

山东省武城县第二中学2017-2018学年高二下学期期中考试物理试题一．选择题1. （单选）如图所示，一条形磁铁N极朝下，向下靠近闭合线圈时（）A. 磁铁与线圈相互排斥，通过R的感应电流方向从a到bB. 磁铁与线圈相互吸引，通过R的感应电流方向从a到bC. 磁铁与线圈相互排斥，通过R的感应电流方向从b到aD. 磁铁与线圈相互吸引，通过R的感应电流方向从b到a【答案】A【解析】由“来拒去留”可知，磁铁靠近线圈，则磁铁与线圈相互排斥；由题目中图可知，当磁铁竖直向下运动时，穿过线圈的磁场方向向下增大，由楞次定律可知感应电流的磁场向上，则由右手螺旋定则可知电流方向从a经过R到b。

故A正确，BCD错误、故选A。

点睛：在判断电磁感应中磁极间的相互作用时可以直接利用楞次定律的第二种表示：“来拒去留”直接判断，不必再由安培定则判断线圈中的磁场，再由磁极间的相互作用判断力的方向．2. 如图所示，磁感应强度的方向垂直于轨道平面倾斜向下，当磁场从零均匀增大时，金属杆ab始终处于静止状态，则金属杆受到的静摩擦力将（）A. 逐渐增大B. 逐渐减小C. 先逐渐增大，后逐渐减小D. 先逐渐减小，后逐渐增大【答案】D【解析】当磁场从零均匀增大时，导体棒上形成稳定的电流，根据平衡有：，磁场均匀增大，则摩擦力逐渐减小，当安培力与重力的分力相等时，磁场继续增大，则摩擦力反向，所以有，则随着磁场增大，摩擦力逐渐增大，故D正确故选D3. 如图所示是一台理想自耦变压器，在a、b之间接电压不变的正弦交流电，A为理想交流电流表。

变压器调压端的滑动头P原来处于线圈中点，电阻箱的电阻为R．若将滑动头P向上移到最高处，并调节电阻箱的阻值为R′，使电流表的读数变为原来的两倍，则R′等于（）A. B. C. D. 4R【答案】C【解析】当滑动触头P向上移到最高处时，输入电压不变，输入电压的匝数变为原来2倍，输出电压匝数不变，根据电压之比等于线圈匝数比可知，副线圈电压变为原来的一半；根据P=UI=可知变化前有：UI=，变化后有：U×2I=，联立上两式，解得：R′=，故C正确，ABD错误；故选C。

山东省武城县第二中学高二物理上学期第三次月考试题

高二物理模块测试一、选择题(本大题共10个小题，每小题4分，共计40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．关于静电场和磁场的说法，正确的是（）A．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律B．电场强度反映了电场力的性质，所以电场中某点的电场强度与试探电荷在该点所受的电场力成正比C．磁场中某点磁感应强度的方向，跟放在该点的试探电流元所受磁场力的方向一致D．洛伦兹力的方向在特殊情况下可能与带电粒子的速度方向不垂直2.如图所示，一束带电粒子沿着水平方向平行的飞过小磁针的正上方，磁针的N极向纸内偏转，这一带电粒子束是( )A. 向右飞行的正离子束；B．向左飞行的正离子束；C. 向右飞行的负离子束；D．向左飞行的负离子束；3．质量和电荷量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，带电粒子仅受洛伦兹力的作用，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是( ) A．M带负电，N带正电B．M的速率小于N的速率C．洛伦兹力对M、N不做功D．M的运行时间大于N的运行时间4.在如图所示的电路中，闭合电键后小灯泡正常发光，当滑动变阻器R3的滑动触头P向上滑动时（）A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．小灯泡亮度变暗D．电源总功率变大5．如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量异种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，B，E两点关于N点对称。

下列说法正确的是（）A. C、D两处电势、场强均相同B. 在AB连线上O点的场强最大C. E处的电场强度小于B处的电场强度D. 将某一试探电荷从A点移到C点电场力所做的功等于该电荷从D点移到B点电场力所做的功6．如图所示，平行板电容器与电动势为E′的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。

一带负电油滴被固定于电容器中的P点。

武城县第二中学校2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理

武城县第二中学校2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．某电场区域的电场线如右图所示．把一个电子从A 点移到B 点时，则（）A ．电子所受的电场力增大，电子克服电场力做功．B ．电子所受的电场力减小，电场力对电子做正功C ．电子所受的电场力增大，电势能减小，动能增大D ．电子所受的电场力增大，电势能增大，动能减小2．为测某电阻R 的阻值，分别接成如图（a ）、（b ）两电路，在（a ）电路中电压表和电流表的示数分别为3V 、3mA ，乙电路中两表示数分别是2.9V 、4mA ，则被测电阻的值应为A ．比Ω1000略大一些B ．比Ω1000略小一些C ．比Ω750略大一些D ．比750略小一些3．（2015·宝鸡三检，17）如图所示是嫦娥三号奔月过程中某阶段的运动示意图，嫦娥三号沿椭圆轨道Ⅰ运动到近月点P 处变轨进入圆轨道Ⅱ，嫦娥三号在圆轨道Ⅱ做圆周运动的轨道半径为r ，周期为T ，已知引力常量为G ，下列说法中正确的是（）A ．由题中（含图中）信息可求得月球的质量B ．由题中（含图中）信息可求得月球第一宇宙速度C ．嫦娥三号在P 处变轨时必须点火加速D ．嫦娥三号沿椭圈轨道Ⅰ运动到P 处时的加速度大于沿圆轨道Ⅱ运动到P 处时的加速度4．如图所示，一个不带电的表面绝缘的导体P 正在向带正电的小球Q 缓慢靠近，但不接触，也没有发生放电现象，则下列说法中正确的是（）A ．B 端的感应电荷为负电荷 B ．导体内场强越来越大C ．C 点的电势高于B点电势QD．导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强5．如图甲所示，在升降机顶部安装了一个能够显示拉力的传感器，传感器下方挂一轻质弹簧，弹簧下端挂一质量为m的小球，若升降机在匀速运行过程中突然停止，以此时为零时刻，在后面一段时间内传感器所显示的弹力F的大小随时间t变化的图象如图乙所示，g为重力加速度，则下列选项正确的是A．升降机停止前在向上运动B．0～t1时间小球处于失重状态，t1～t2时间小球处于超重状态C．t1～t3时间小球向下运动，速度先增大后减少D．t3～t4时间小球向上运动，速度在减小6．质量为m的带电小球在匀强电场中以初速v0水平抛出，小球的加速度方向竖直向下，其大小为2g/3。

高二物理上学期第二次月考试卷高二全册物理试题 (4)

嗦夺市安培阳光实验学校武城二中高二（上）第二次月考物理试卷一、选择题（本大题共10个小题，每小题4分，共计40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．关于电场和磁场，以下说法正确的是（）A．电场中某点的电场强度的方向与放在该点的正试探电荷所受电场力方向相同B．电流在磁场中某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度一定为零C．把一试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D．把一小段通电导线放在磁场中某处，它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱2．如图所示，电子射线管（A为其阴极），放在蹄形磁铁的N、S两极间，则荧光屏上的电子束运动径迹偏转方向是（）A．向下B．向上C．向左D．向右3．如图甲所示是一火警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示．电流表为值班室的显示器，a、b之间接器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小4．如图所示，一根长度L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角．下列说法中正确的是（）A．导体棒受到磁场力大小为BLIsinθB．导体棒对轨道压力大小为mg﹣BILsinθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ（mg﹣BILsinθ）D．导体棒受到导轨摩擦力BLIcosθ5．如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片P向b端滑动，则（）A．电灯L变亮，电流表的示数增大B．电灯L变亮，电流表的示数变小C．电灯L变暗，电流表的示数变小D．电灯L变暗，电流表的示数增大6．某电场的电场线分布如图所示（实线），以下说法正确的是（）A．c点场强大于b点场强B．b和c处在同一等势面上C．若将一试探电荷+q由a点移动到d点，电荷的电势能将减小D．若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到d点，可判断该电荷一定带正电7．直线AB是某电场中的一条电场线．若有一电子以某一初速度，仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B，其速度图象如图所示，下列关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB的判断正确的是（）A．E A＞E B B．E A＜E B C．φA＞φB D．φA＜φB8．如图所示为两根互相平行的通电导线a﹑b的横截面图，a﹑b的电流方向已在图中标出．那么导线a中电流产生的磁场的磁感线环绕方向及导线b所受的磁场力的方向应分别是（）A．磁感线逆时针方向，安培力向左B．磁感线逆时针方向，安培力向右C．磁感线顺时针方向，安培力向左D．磁感线顺时针方向，安培力向右9．两根长直通电导线互相平行，电流方向相同，它们的截面处于等边△ABC的A和B处，如图所示．两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都足B0，则C处磁场的总磁感应强度大小是（）A．0 B．B0C ．D．2B010．如图所示，平行板间的匀强电场范围内存在着与电场正交的匀强磁场，带电粒子以速度v0垂直电场从P点射入平行板间，恰好做匀速直线运动，从Q飞出，忽略重力，下列说法正确的是（）A．磁场方向垂直纸面向里B．磁场方向与带电粒子的电性有关C．带电粒子从Q沿QP进入，也能做匀速直线运动D．若粒子带负电，以速度v1由P沿PQ射入，从Q′射出，则v1＜v0三、实验题（共20分）11．（14分）（2014秋•东营区校级期末）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用螺旋测微器测量其直径如图1，由图可知其直径为 mm；（2）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如2图，则该电阻的阻值约为Ω．（3）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S及导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，测量的电路图如图所示，则选择的电流表是、电压表是、滑动变阻器是（填写所用器材的代号）．12．用伏安法测电源电动势和内电阻，已知电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，画出的（甲）、（乙）两种可供选用的测量电路．（1）为提高电动势和内电阻的测量精度，应选用的电路是．（2）由实验数据做出如图（丙）所示图线，则该电源的内电阻r=Ω．（3）所测得的电源电动势E和内电阻r的测量值与真实值相比较的情况是：E测E真；r测r真．（填“＞”或“＜”）（4）误差出现的原因是．三、计算题（本大题共4小题，共40分．要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位．）13．（10分）（2014•校级四模）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的安培力大小以及方向；（3）导体棒受到的摩擦力大小与方向．14．（10分）（2012秋•温州校级期末）如图所示电路，电灯R1=24Ω，电动机绕组的电阻R0=1Ω，当电键S1、S2闭合时，测得电阻R1的电功率是P=96W，理想电流表的读数为I=5A，求此时：（1）电源的输出功率；（2）电动机的输出功率．15．（10分）（2014秋•东营区校级期末）如图所示，一个质量为m、电荷量为q，不计重力的带电粒子，从x轴上的P（a，0）点，以速度v沿与x轴正方向成60°角射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y轴射出第一象限．求：匀强磁场的磁感应强度B的大小和粒子通过第一象限的时间．16．（10分）（2011秋•江苏校级期末）如图所示，在倾角为45°的斜面OA左侧有一竖直档板，档板与斜面OA间有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B=0.2T，档板上有一小孔P，OP=0.6m，现有一质量m=4×10﹣20kg，带电量q=+2×10﹣14C的粒子，从小孔以速度v0=3×104m/s水平射进磁场区域．粒子重力不计．（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径是多少？（2）通过调整粒子进入磁场的速度大小可以控制粒子打到斜面OA时的速度方向，现若要粒子垂直打到斜面OA上，则粒子进入磁场的速度该调整为多少？此情况下粒子打到斜面OA的时间又为多少？武城二中高二（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共10个小题，每小题4分，共计40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．关于电场和磁场，以下说法正确的是（）A．电场中某点的电场强度的方向与放在该点的正试探电荷所受电场力方向相同B．电流在磁场中某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度一定为零C．把一试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D．把一小段通电导线放在磁场中某处，它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱【考点】电场；磁现象和磁场．【分析】电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场强弱可由试探电荷所受的力与试探点电荷带电量的比值确定，电场方向与正电荷受力方向一致与负电荷受力方向相反．磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力及电流元均无关．【解答】解：A、电场中某点的电场强度的方向，与放在该点的正试探电荷，所受电场力方向相同，与负电荷受到的电场力相反，故A正确；B、电流在磁场中某位置受到的磁场力为零，则该位置的磁感应强度不一定为零，可能电流与磁场方向平行，故B错误；C、把一试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值，来表示该点电场的强弱，故C正确；D、一小段通电导体在磁场中某位置受到的磁场力为零，则该位置的磁感应强度不一定为零，还受到放置的位置有关，故D错误；故选：AC．【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关，本题是考查基础知识的好题．磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力及电荷量均没有关系．再如密度也是，密度与物体的质量及体积均无关．同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关．2．如图所示，电子射线管（A为其阴极），放在蹄形磁铁的N、S两极间，则荧光屏上的电子束运动径迹偏转方向是（）A．向下B．向上C．向左D．向右【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】此题要求要了解电子射线管的构造和原理，阴极是发射电子的电极，电子在磁场中运动，受到洛伦兹力的作用而发生偏转．从而显示电子运动的径迹，偏转方向有左手定则判断．【解答】解：因为A是阴极，B是阳极，所以电子在阴极管中的运动方向是A到B，产生的电流方向是B到A（注意是电子带负电），根据左手定则，四指指向A，手掌对向N极（就是这个角度看过去背向纸面向外），此时大拇指指向下面，所以轨迹向下偏转．故选：A【点评】本题要掌握左手定则判定：伸开左手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并且跟手掌在同一平面内，把手放入磁场中，让磁感线穿过掌心，四指所指为正电荷运动方向，拇指所指方向为电荷所受洛伦兹力的方向．（注：对负电荷而言，四指所指方向为其运动的反方向）3．如图甲所示是一火警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示．电流表为值班室的显示器，a、b之间接器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】R2为用半导体热敏材料制成的传感器，出现火情，温度升高时，其电阻减小．分析外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U 的变化．根据并联部分电压的变化，分析I的变化．【解答】解：当传感器R2所在处出现火情时，温度升高，由图乙知R2的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流I总变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即U变小．电路中并联部分的电压U并=E﹣I总（R1+r），I总变大，其他量不变，则U并变小，电流表示数I变小．故B正确，ACD错误；故选：B．【点评】电路的动态分析类题目首先要明确电路的结构，再按外电路、内电路、外电路的顺序进行分析即可得出正确答案．4．如图所示，一根长度L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角．下列说法中正确的是（）A．导体棒受到磁场力大小为BLIsinθB．导体棒对轨道压力大小为mg﹣BILsinθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ（mg﹣BILsinθ）D．导体棒受到导轨摩擦力BLIcosθ【考点】安培力．【分析】对导体棒受力分析，正交分解，根据平衡条件求解导体棒受到导轨摩擦力和支持力．【解答】解：A、根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示．B与I垂直，故导体棒受到磁场力大小为F=BIL，选项A错误；B、根据共点力平衡规律得：BILsinθ+F n=mg，得导体棒对轨道的压力大小为F n=mg﹣BILsinθ，选项B正确；C、由于导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即为F f=BILcosθ，选项C错误，选项D正确．故选：BD．【点评】本题借助安培力考查了平衡条件以及正交分解的应用，注意安培力公式F=BILsinθ，θ为B与I之间的夹角．5．如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片P向b端滑动，则（）A．电灯L变亮，电流表的示数增大B．电灯L变亮，电流表的示数变小C．电灯L变暗，电流表的示数变小D．电灯L变暗，电流表的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】滑动变阻器的滑片向b端滑动过程，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，来判断电灯亮度和电流表示数的变化．【解答】解：滑动变阻器的滑片向b端滑动过程，变阻器接入电路的电阻增大，即R1↑，则外电路总电阻R↑，由闭合电路欧姆定律得知总电流I↓，路端电压U=E﹣Ir↑．电灯L的电压等于路端电压，所以电灯L更亮，电流表的示数减小．故选：B【点评】本题是简单的电路动态分析问题．对于路端电压也可以直接根据路端电压随外电阻增大而增大判断变化．6．某电场的电场线分布如图所示（实线），以下说法正确的是（）A．c点场强大于b点场强B．b和c处在同一等势面上C．若将一试探电荷+q由a点移动到d点，电荷的电势能将减小D．若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到d点，可判断该电荷一定带正电【考点】电场线．【分析】解这类题是思路：电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，根据电场力做功判断电势能的变化．【解答】解：A、电场线的疏密表示场强的强弱，由图知c点场强大于b点场强，故A正确；B、沿电场线方向电势逐渐降低，故b的电势大于c的，故B错误；C、若将一试探电荷+q由a点移动到d点，电场力做正功，电荷的电势能将减小，故C正确；D、由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力大致斜向左上方，与电场强度方向相同，故粒子带正电，故D正确；故选；ACD．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解．比较电势能的大小有两种方法：一可以从电场力做功角度比较，二从电势能公式角度判断，先比较电势，再比较电势能．7．直线AB是某电场中的一条电场线．若有一电子以某一初速度，仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B，其速度图象如图所示，下列关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB的判断正确的是（）A．E A＞E B B．E A＜E B C．φA＞φB D．φA＜φB【考点】电势；电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据速度图象得出电子的加速度越来越小，根据牛顿第二定律说明电场力越来越小，再根据电场强度的定义求解．沿着电场线方向电势降低．【解答】解：A、B、由图可知，电子在A点加速度较大，则可知A点所受电场力较大，由F=Eq可知，A点的场强要大于B点场强；故A正确，B错误；C、D、电子从A到B的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加，故ɛA＜ɛB，电子带负电，由φ=可知，A点的电势要大于B点电势，φA＞φB，故C正确，D错误；故选：AC．【点评】本题根据图象考查对电场的认识，要求学生能从图象中找出加速度的大小及速度的变化，再应用动能定理及牛顿第二定律进行分析判断；同时还需注意，电势能是由电荷及电场共同决定的，故不能忽视了电荷的极性．8．如图所示为两根互相平行的通电导线a﹑b的横截面图，a﹑b的电流方向已在图中标出．那么导线a中电流产生的磁场的磁感线环绕方向及导线b所受的磁场力的方向应分别是（）A．磁感线逆时针方向，安培力向左B．磁感线逆时针方向，安培力向右C．磁感线顺时针方向，安培力向左D．磁感线顺时针方向，安培力向右【考点】安培力．【分析】由安培定则判断磁场的方向．再用左手定则判断安培力的方向．【解答】解：根据安培定则，伸开右手，大拇指与电流方向相同，四指弯曲方向为磁场的方向，知导线a中电流产生的磁场为顺时针方向．在导线b处，磁场方向竖直向下，根据左手定则，安培力方向水平向右．故D正确，A、B、C 错误．故选：D．【点评】解决本题的关键掌握安培定则和左手定则．会用安培定则判断电流和产生的磁场之间的关系，用左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系．9．两根长直通电导线互相平行，电流方向相同，它们的截面处于等边△ABC的A和B处，如图所示．两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都足B0，则C处磁场的总磁感应强度大小是（）A．0 B．B0C ．D．2B0【考点】磁感应强度．【分析】根据右手螺旋定则得出两根通电导线在C点的磁感应强度的方向，根据平行四边形定则得出合场强的大小．【解答】解：根据安培定则可知，导线A在C处产生的磁场方向垂直于AC方向向右，导线B在C处产生的磁场方向垂直于BC方向向右，如图，根据平行四边形定则得到，C处的总磁感应强度为B总=2Bcos30°=B0．故选：C【点评】解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断通电电流周围的磁场方向，以及知道磁感应强度是矢量，合成遵循平行四边形定则．10．如图所示，平行板间的匀强电场范围内存在着与电场正交的匀强磁场，带电粒子以速度v0垂直电场从P点射入平行板间，恰好做匀速直线运动，从Q飞出，忽略重力，下列说法正确的是（）A．磁场方向垂直纸面向里B．磁场方向与带电粒子的电性有关C．带电粒子从Q沿QP进入，也能做匀速直线运动D．若粒子带负电，以速度v1由P沿PQ射入，从Q′射出，则v1＜v0【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】粒子进入电场与磁场的复合场后沿直线运动，可知粒子受到的电场力和洛伦兹力是一对平衡力，解决此题可以先假设粒子的电性，来判断磁场的方向．分析粒子能否沿直线运动，就是分析洛伦兹力与电场力的大小，从而判断粒子的偏转方向．【解答】解：A：假设带电粒子带正电，粒子将受到竖直向下的电场力，所以洛伦兹力应为竖直向上，由左手定则可判断，磁场的方向应垂直于纸面向里，选项A正确；B：当粒子在正交的电场和磁场的区域内做直线运动时，电场力和洛伦兹力等大且方向相反．改变粒子的电性，其他条件不变的情况下，电场力和洛伦兹力的方向同时改为反向，粒子的合力仍为零．所以磁场方向与带电粒子的正负无关．选项B错误；C：带电粒子从Q沿QP进入，所受的电场力方向不变，而洛伦兹力方向会变为与电场力相同，此时带电粒子将发生偏转．选项C错误；D：粒子带负电时，将受到向上的电场力和向下的洛伦兹力，当速度为v0时，电场力和洛伦兹力大小相等；粒子从Q’飞出，可判断洛伦兹力小于电场力，此时的速度要小于v0．选项D正确．故选：AD．【点评】该题综合了电场和磁场的内容，解决此类问题的关键是正确判断洛伦兹力和电场力的大小及方向，要熟练的应用左手定则来分析问题．三、实验题（共20分）11．（14分）（2014秋•东营区校级期末）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用螺旋测微器测量其直径如图1，由图可知其直径为 4.700 mm；（2）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如2图，则该电阻的阻值约为220 Ω．（3）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S及导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，测量的电路图如图所示，则选择的电流表是A2、电压表是V1、滑动变阻器是R1（填写所用器材的代号）．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题．【分析】（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；（2）用欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率，当指针指在附近时测量值较准确；（3）的关键是通过估算电路中的最大电流来选择电流表量程；根据要求“测得多组数据”可知．变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器方便调节．【解答】解：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为：4.5mm+0.200mm=4.700mm．（2）该电阻的阻值约为22.0×10Ω=220Ω．（3）电源的电动势是4V，所以要使用量程是3V的电压表V1，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电流为：A，所以电流表应选A2；由于要求“测得多组数据”，所以变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器R1；故答案为：（1）4.700；（2）220；（3）A2，V1，R1．【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12．用伏安法测电源电动势和内电阻，已知电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，画出的（甲）、（乙）两种可供选用的测量电路．（1）为提高电动势和内电阻的测量精度，应选用的电路是乙．（2）由实验数据做出如图（丙）所示图线，则该电源的内电阻r= 1 Ω．（3）所测得的电源电动势E和内电阻r的测量值与真实值相比较的情况是：E 测＜E真；r测＜r真．（填“＞”或“＜”）（4）误差出现的原因是电压表分流．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】（1）当电源内阻较小时，为减小实验误差，相对于电源电流表应采用外接法．（2）电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．（3）根据实验电路分析实验误差．（4）根据图示电路图分数实验误差原因．【解答】解：（1）已知电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，为减小实验误差，应采用图乙所示电路图．（2）由图2所示图象可知，电源内阻r===1.0Ω．（3）由图示可知，伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U﹣I图象如图所示，由图象可知，电动势测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值．（4）由图示图象可知，由于电压表的分流作用，所测电流小于通过电源的电流，电压表分流是造成误差的原因．故答案为：（1）乙；（2）1；（3）＜；＜；（4）电压表分流．【点评】本题考查测量电动势和内电阻实验的数据的处理，要求能正确分析误差的来源，并能用图象法求出电势和内电阻．三、计算题（本大题共4小题，共40分．要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位．）13．（10分）（2014•校级四模）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感。

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山东省武城县第二中学2017-2018学年高二12月月考物理试题一、选择题1. 首次用实验发现了电流的磁效应存在的物理学家是（）A. 法拉第B. 奥斯特C. 安培D. 赫兹【答案】B【解析】奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家，故B 正确，ACD错误。

点睛：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。

2. 关于电场线和磁感线，下列说法正确的是（）A. 电场线和磁感线都是闭合的曲线B. 磁感线是从磁体的N极发出，终止于S极C. 电场线和磁感线都不能相交D. 电场线和磁感线都是现实中存在的【答案】C【解析】A、磁感线是闭合的曲线，而电场线从正电荷出发，终止于负电荷，不是闭合的曲线，故A错误；B、磁感线的方向在磁铁的内部为S极到N极的方向，磁铁的外部是N极到S极的方向，是闭合曲线，故B错误；C、电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；磁感线上每一点的切线方向与磁场的方向相同，故任意两条磁感线都不会相交，故C正确；D、电场线和磁感线都是人们为了描述场的性质而引入的，在现实中是不存在的，故D错误。

点睛：本题考查了电场线和和磁感线的内涵与外延，属于对基础知识的考查，要加强对基础知识的学习。

3. 正电荷Q周围的电场线如图所示，由图可知，下列判断正确的是（）A. E a＞E bB. E a=E bC. E a＜E bD. 无法确定【答案】A【解析】电场线的疏密表示场强的强弱，电场线密的地方电场强，疏的地方电场弱，所以a 点的电场强度大于b点的电场强度，故A正确，BCD错误；故选A。

4. 如图所示，关于磁场方向、运动电荷的速度方向和洛仑兹力方向之间的关系正确的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：A、根据左手定则，洛伦兹力应该向上，故A错误；B、根据左手定则，洛伦兹力向下，故B正确；C、速度与磁场方向平行，不受洛伦兹力，故C错误；D、速度与磁场方向平行，不受洛伦兹力，故D错误；故选：B【点评】带电粒子在磁场中运动受洛伦兹力的条件以及左手定则的熟练应用是对学生的基本要求，要熟练掌握．5. 下面的几个图显示了磁场对通电直导线的作用力，其中正确的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：A、磁场向上，电流向里，根据左手定则可得，安培力的方向水平向右，所以A错误；B、磁场向左，电流向外，根据左手定则可得，安培力的方向向下，所以B错误；C、磁场向里，电流向左，根据左手定则可得，安培力的方向向下，所以C正确；D、磁场向外，电流向外，它们的方向相同，不受安培力的作用，所以D错误．故选C．【点评】掌握住左手定则的内容，直接判断即可，比较简单，同时要注意与右手定则的区别，注意磁场方向、电流方向以及安培力的方向之间的关系．6. 如图所示，空间中的匀强电场水平向右，匀强磁场垂直纸面向里，一带电微粒沿着直线从M运动到N,以下说法正确的是A. 带电微粒可能带负电B. 运动过程中带电微粒的动能保持不变C. 运动过程中带电微粒的电势能增加D. 运动过程中带电微粒的机械能守恒【答案】B【解析】A、根据做直线运动的条件知受力情况如图：微粒一定带负电，且粒子做匀速直线运动，所以粒子的动能也保持不变，故A错误，B正确；C、电场力向右，做正功，电场力做功等于电势能的减小量，故运动过程中带电微粒的电势能减小，故C错误；D、机械能守恒的条件是只有重力做功，而运动过程中有电场力做功，故机械能不守恒，故D错误。

点睛：带电粒子在重力场、电场、磁场的复合场中，只要是做直线运动，一定是匀速直线运动（v与B不平行），若速度是变的，洛伦兹力会变，合力就是变的，合力与速度不在一条直线上，带电体就会做曲线运动。

7. 在研究影响平行板电容器电容大小的因素的实验中，用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差，如图所示，由两块相互靠近彼此绝缘的平行金属板组成平行板电容器的极板N 与静电计金属球相连，极板M接地．在两板相距一定距离时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持电容器的带电荷量Q不变，下面的操作中将使静电计指针张角变大的是A. 仅将M板水平向右平移靠近N板B. 将M板向下平移C. 在M、N之间插入玻璃板D. 在M、N之间紧靠M插入有一定厚度的金属板【答案】B点睛：本题考查电容器的动态分析问题，对于电容器的动态变化问题，关键要抓住不变量，根据电容的定义式和决定式进行分析。

8. 如图所示电路，电源的电动势为12V，L为灯泡，R1和R2为定值电阻，若用电压表测得A、B两点间的电压为12V，则说明（）A. L、R1和R2都断了B. L、R1和R2都是好的C. L是好的，R1和R2中至少有一个断了D. R1和R2是好的，L断了【答案】C【解析】试题分析：据题A、B两点间的电压等于电源的电动势，说明灯L和电源的内阻没有电压，电路中有断路．L不可能断路，否则电压表就没有读数了．可知中R1和R2至少有一个断了．故C正确，ABD错误．故选C考点：电路的故障分析9. 如图，空间某一区域内存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁场，一个带电粒子以某一初速度由A点进入这个区域沿直线运动，从C点离开区域；如果这个区域只有电场，则粒子从B点离开场区；如果这个区域只有磁场，则粒子从D点离开场区；设粒子在上述三种情况下，从A到B点、A到C点和A到D点所用的时间分别是t1、t2和t3，比较t1、t2和t3的大小，则有（粒子重力忽略不计）（）A. t1=t2=t3B. t2＜t1＜t3C. t1=t2＜t3D. t1=t3＞t2【答案】C【解析】试题分析：带电粒子由A点进入这个区域沿直线运动，从C点离开场区，这个过程粒子受到的电场力等于洛伦兹力qE=qvB，水平方向做匀速直线运动；如果只有电场，带电粒子从B点射出，做类平抛运动，水平方向匀速直线运动，如果这个区域只有磁场，则这个粒子从D点离开场区，此过程粒子做匀速圆周运动，速度大小不变，方向改变，所以速度的水平分量越来越小．解：带电粒子由A点进入这个区域沿直线运动，从C点离开场区，这个过程粒子受到的电场力等于洛伦兹力qE=qvB，水平方向做匀速直线运动，运动时间t1=，如果只有电场，带电粒子从B点射出，做类平抛运动，水平方向匀速直线运动，运动时间：t2=，如果这个区域只有磁场，则这个粒子从D点离开场区，此过程粒子做匀速圆周运动，速度大小不变，方向改变，所以速度的水平分量越来越小，所以运动时间：t3＞，所以t1=t2＜t3，故C正确．故选：C．【点评】注意分析带电粒子在复合场、电场、磁场中的运动情况各不相同，复合场中做匀速直线运动，电场做类平抛运动，磁场做匀速圆周运动，根据不同的运动规律解题．10. 如图所示，ABCD为匀强电场中相邻的四个等势面，相邻等势面间距离为5cm．一个电子仅受电场力垂直经过电势为零的等势面D时，动能为15eV（电子伏），到达等势面A时速度恰好为零．则下列说法正确的是（）A. 场强方向从A指向DB. 匀强电场的场强为100 V/mC. 电子经过等势面C时，电势能大小为5 eVD. 电子在上述等势面间运动的时间之比为1：2：3【答案】BC【解析】试题分析：电子到达等势面A时速度恰好减为零，说明电场力向下，负电荷受到的电场力方向与电场强度方向相反，故场强方向从D指向A，故A错误；从D到A，动能减小15eV，故电场力做功﹣15eV，故有：W DA=﹣eEd DA=﹣15eV，解得，故B正确；只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故：E kD+E pD=E kA+E pA，解得E PA=15eV；匀强电场中，没前进相同距离电势变化相同，故E pC=5eV，故C正确；运用逆向思维，到达A后，假设时间倒流，做初速度为零的匀加速直线运动，根据x=at2，通过1S、2S、3S的时间之比为1::，故通过连续三段S时间之比为1：（-1）：（-），故D错误；故选BC．考点：带电粒子在电场中的运动11. 如图所示是粒子速度选择器的原理图，如果粒子所具有的速率那么（）A. 带正电粒子必须沿ab方向从左侧进入场区，才能沿直线通过B. 带负电粒子必须沿ba方向从右侧进入场区，才能沿直线通过C. 不论粒子电性如何，沿ab方向从左侧进入场区，都能沿直线通过D. 不论粒子电性如何，沿ba方向从右侧进入场区，都能沿直线通过【答案】AC【解析】带正电粒子沿ab方向从左侧进入场区，所受的电场力竖直向下，由左手定则判断可知，洛伦兹力方向竖直向上，两个力能平衡，粒子能沿直线通过，若粒子ba方向进入场区，洛伦兹力方向竖直向下，与电场力方向相同，两力不能平衡，则粒子向下偏转，故A正确．带负电粒子沿ba方向从右侧进入场区，所受的电场力竖直向上，由左手定则判断可知，洛伦兹力方向竖直向上，粒子向上偏转，不能沿直线通过场区．带负电粒子必须沿ab 方向从左侧进入场区，才能沿直线通过．故B错误．由上分析得知，不论粒子电性如何，沿ab方向从左侧进入场区，都能沿直线通过．故C正确，D错误．故选AC.点睛：本题考查对速度选择器工作原理的理解，由qE=qvB得，，此结论与带电粒子的电性、电量无关．12. 如图所示，图甲中M为一电动机，当滑动变阻器R的触头从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示．已知电流表读数在0.2A以下时，电动机没有发生转动．不考虑电表对电路的影响，以下判断正确的是（）A. 电路中电源电动势为3.6VB. 变阻器向右滑动时，V2读数逐渐减小C. 变阻器的最大阻值为30ΩD. 此电路中，电动机的最大输出功率为0.9W【答案】AC【解析】由电路图甲知，电压表V2测量路端电压，电路中电流增大时，内电压增大，路端电压减小，所以图乙中最上面的图线表示V2的电压与电流的关系．此图线的斜率大小等于电源的内阻，为r=Ω=2Ω；当电流I=0.1A时，U=3.4V，则电源的电动势E=U+Ir=3.4+0.1×2V=3.6V，故A正确：变阻器向右滑动时，R阻值变大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大，则V2读数逐渐增大，故B错误；当I=0.1A时，电路中电流最小，变阻器的电阻为最大值，所以R=-r-r M=（-2-4）Ω=30Ω，故C正确．由图可知，电动机的电阻r M=Ω=4Ω．电动机输出功率为P=UI-I2r M=（E-Ir）I-I2r M=-6I2+3.6I．根据数学知识可知，当，电动机输出功率最大，且最大值为P max=0.405W，故D错误；故选AC.点睛：本题考查对物理图象的理解能力，可以把本题看成动态分析问题，来选择两电表示对应的图线．对于电动机，理解并掌握功率的分配关系是关键．二、实验题13. 读出图中游标卡尺和螺旋测微器的读数游标卡尺的读数为___mm．；螺旋测微器的读数为___mm．【答案】(1). 11.4 (2). 0.920【解析】10分度的游标卡尺，精确度是0.1mm，游标卡尺的主尺读数为11mm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.1mm=0.4mm，所以最终读数为：11mm+0.4mm=11.4mm；螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为42.0×0.01mm=0.420mm，所以最终读数为0.5mm+0.420mm=0.920mm=0.0920cm；故答案为：11.4；0.0920。