河北省张家口市尚义县第一中学2019-2020学年高二物理上学期10月月考试题[含答案]
河北省张家口市2020届高三10月阶段检测 物理 Word版含答案
张家口市2019－2020学年第一学期阶段测试卷高三物理考试说明：1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共110分，考试时间90分钟。
2.请将各题答案填在答题卡上。
第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题：本题共12小题，共48分。
在第1～7小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，每小题4分；在第8～12小题有多个选项正确，每小题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1.下列关于物理学中科学方法或科学思维中描述不正确的是A.瞬时速度概念的建立用到了极限的思想B.加速度和速度都是采取比值法定义的物理量C.质点是理想化物理模型D.牛顿开创了实验和逻辑推理结合的科学思维方式和科学研究方法2.甲、乙两物体同时从同一地点并排做直线运动，两物体的速度－时间图象如图所示，在0～6s内，下列说法中正确的是A.乙物体先向正方向运动，后向负方向运动B.两物体在1s末和4s末相遇C.两物体最远距离为1mD.第4s末两物体相距最远3.如图A、B两物体叠放在固定的斜面上，B上表面水平。
A、B无相对滑动，下列说法正确的是A.若A、B沿斜面向下匀速运动，B对A有水平向右的摩擦力B.若A、B沿斜面向下匀速运动，B对A有水平向左的摩擦力C.若斜面光滑，B对A的作用力垂直斜面向上D.若斜面光滑，B对A的作用力沿斜面向下4.1970年成功发射的“东方红一号”是我国第一颗人造地球卫星，该卫星至今在地球引力的作用下仍沿椭圆轨道绕地球运动。
如图所示，设卫星在近地点、远地点的速度分别为v 1，v 2，近地点到地心的距离为r ，地球质量为M ，引力常量为G 。
则A.v 1>v 2，1v =B.v 1<v 2，，1v >C.东方红一号卫星的运行周期比轨道半径为r 的人造地球卫星的运行周期大D.从近地点到远地点阶段，“东方红一号卫星”机械能逐渐变大5.如图所示，竖直薄壁圆筒内壁光滑、半径为R ，上部侧面A 处开有小口，在小口A 的正下方h 处亦开有与A 大小相同的小口B ，小球从小口A 沿切线方向水平射入筒内，使小球紧贴筒内壁运动，要使小球从B 口处飞出，小球进入A 口的最小速率v 0为A.πB.πC.πD.2π 6.如图所示，倾角θ＝30°的斜面AB ，在斜面顶端B 向左水平抛出小球1、同时在底端A 正上方与B 等高处水平向右抛出小球2，小球1、2同时落在P 点，P 点为斜边AB 的中点，则A.小球2一定垂直撞在斜面上B.小球1、2的初速度可以不相等C.小球1落在P 点时速度方向与斜面的夹角为30°D.改变小球1的初速度，小球1落在斜面上的速度方向都相同7.如图所示，一个粗糙的水平转台以角速度ω匀速转动，有一个质量为m的物体与转台间的动摩擦因数为μ，用长为L的细绳与转台中心O连接，现拉直细绳将物体轻放于转台上，则下列说法正确的是A.若物体在转台上运动一周，摩擦力对物体不做功B.若物体在转台上运动一周，摩擦力对物体做的功为2πμmgLC.物体将做半径不变的圆周运动，绳上拉力不断增大D.物体在转台上运动24Lgωμπ圈后相对于转台停止运动8.如图甲所示，电动机通过绕过光滑定滑轮的细绳与放在倾角为30°的光滑斜面上的物体相连，启动电动机后物体沿斜面上升；在0～3s时间内物体运动的v－t图象如图乙所示，其中除1～2s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线，1s后电动机的输出功率保持不变；已知物体的质量为2kg，重力加速度g＝10m/s2则下列计算正确的是A.1s后电动机的输出功率P为100WB.物体运动的最大速度v m为10m/sC.在0～1s内电动机所做的功为25JD.在0～3s内电动机所做的功为250J9.如图所示，半径为R＝0.4m的14圆弧形光滑轨道固定于竖直平面内，圆弧形轨道与光滑固定的水平轨道相切，可视为质点的质量均为m＝0.5kg的小球甲、乙用轻杆连接，置于圆弧形轨道上，小球甲与O点等高，小球乙位于圆心O的正下方。
河北省尚义县第一中学2020-2021学年高二第一学期期中考试物理试卷
尚义一中2020～2021学年第一学期高二年级期中考试试卷物理本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分，全卷满分100 分，考试时间90 分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用0.5mm黑色签字笔在答题卡相应栏内填写自己的班级、姓名、考场、准考证号，并用2B铅笔将考试科目、准考证号涂写在答题卡上。
2．II卷内容须用0.5mm黑色签字笔写在答题卡相应空格或区域内。
3．考试结束，将答题卡交回。
第I卷（选择题，共80分）一．单项选择题（本大题共20小题，每小题4分，共80分．每小题选出答案后，请填在答题卡上．）1.关于电场，下列说法正确的是（）A．某点的电场强度大，该点的电势一定高B．某点的电势高，试探电荷在该点的电势能一定大C．某点的电场强度为零，试探电荷在该点受到的电场力一定为零D．某点的电势为零，试探电荷在该点受到的电场力一定为零2.某电场的电场线分布如图所示，将某点电荷分别放在a、b两点，则点电荷所受的电场力的大小关系是（）A.B.C.D、无法确定3．如图为某匀强电场的等势面分布图，每两个相邻等势面相距2 cm，则该匀强电场的场强大小和方向分别为( )A．E＝100 V/m，竖直向下B．E＝100 V/m，竖直向上C．E＝100 V/m，水平向左D．E＝100 V/m，水平向右4．如图中a、b、c是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别是φa＝5 V，φb＝2 V，φc＝4 V，则在下列各示意图中能表示该电场强度方向的是( )5．场强为E＝1.0×102V/m的匀强电场中，有相距d＝2.0×10－2m的a、b两点，则a、b两点间的电势差可能为( )A．1.0 VB．2.5 VC．3.0 VD．4.0 V6. 某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是 ( )A．这个电场可能是负点电荷的电场B．粒子必定带负电荷C．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度D ．粒子在M 点的加速度小于它在N 点的加速度7.如图所示，在等量负电荷连线的中垂线上取A 、B 、C 、D 四点，B 、D 关于O 点对称，关于这几点场强大小正确的是( )A ．E A ＞EB ，E B ＝E D B ．E A ＜E B ，E B ＜E DC ．可能有E A ＜E B ＜E CD ．一定有E A ＝E C ＜E B8. 如图甲是某电场中的一条电场线，A 、B 是这条电场线上的两点，若将一负电荷从A 点自由释放，负电荷沿电场线从A 到B 运动过程中的速度图象如图乙所示，比较A 、B 两点电势的高低和电场强度大小可知( )B φ＞A φ．A B φ＜A φ．BB E ＝A E ．CB E ＜A E ．D 9. 如图所示，在点电荷Q 产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q 1、q 2分别置于A 、B 两点，虚线为等势线．取无穷远处为零电势点，若将q 1、q 2移到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是( )A ．A 点电势大于B 点电势 B ．A 、B 两点的电场强度相等 的电荷量2q 的电荷量小于1q ．C 点的电势能B 在2q 点的电势能小于A 在1q ．D 10. 位于A 、B 处的两个带有不等量负电的点电荷在平面内电势分布如图所示，图中实线表示等势线，则( )A ．a 点和b 点的电场强度相同B ．正电荷从c 点移到d 点，电场力做正功C ．负电荷从a 点移到c 点，电场力做负功D ．正电荷从e 点沿图中虚线移到f点，电势能先减小后增大11. 对于电场中A 、B 两点，下列说法正确的是( )成正比，与移动电荷的电AB W 与静电力做功AB U 说明两点间的电势差WABq＝AB U ．电势差的公式A 荷量q 成反比＞AB U 点静电力做正功，则有B 点移到A ．把正电荷从B 与移动电荷量有关AB U 中，WABq＝AB U ．电势差的公式C 点时静电力所做的功B 点移动到A 从q 等于把正电荷AB U 两点间的电势差B 、A ．电场中D12.如图，用起电机使金属鸟笼带电，站在金属架上的鸟安然无恙，且不带电，其原因是（ ）A 鸟的脚爪与金属架绝缘B. 鸟与笼电势不同，有电势差C. 起电机使笼带电，笼的电势不会很高D. 鸟笼内部场强为零，电荷分布在笼的外表面 13.下列关于静电场的说法中正确的是（ ）A. 电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B. 电场中任意两点之间的电势差与零电势点的选取有关C. 单位正电荷在电场中某点具有的电势能越大，该点的电势越高D. 将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功一定为零14.如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V 、20V 、30V ．实线是一带电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a 、b 、c 三点，已知：带电粒子带电量为0.01C ，在a 点处的动能为0.5J ，则该带电粒子（ ） A. 可能是带负电B. 在b 点处的电势能为0.5JC. 在b点处的动能为零D. 在c点处的动能为0.4 J15.直线MN是某点电荷电场中的一条电场线（方向未画出）．虚线是一带电的粒子只在电场力的作用下，由a到b的运动轨迹．下列判断正确的是（）A. 电场线MN的方向一定是由N指向MB. 带电粒子由a运动到b的过程中动能一定逐渐减小C. 带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能D. 带电粒子在a点的加速度一定大于在b点的加速度16.如图所示，匀强电场的场强E=3×105V/m，A、B两点相距0.2m，两点连线与电场的夹角是60°，下列说法正确的是（）A.电荷量q=+2×10-4C的电荷从A点运动到B点电势能增大6JB. 电荷量q=-2×10-4C的电荷从A点运动到B点电场力做功为-6JC. 若取A点的电势为0，则B点的电势φB=3×104VD. A、B两点间的电势差是U AB=6×104V17.如图，平行板电容器的两极板竖直放置并分别与电源的正负极相连，一带电小球经绝缘轻绳悬挂于两极板之间，处于静止状态．现保持右极板不动，将左极板向左缓慢移动．关于小球所受的电场力大小F和绳子的拉力大小T，下列判断正确的是（）A. F逐渐减小，T逐渐减小B. F逐渐增大，T逐渐减小C. F逐渐减小，T逐渐增大D. F逐渐增大，T逐渐增大18.如图所示，平行板电容器电容为C，板距为d，上板带正电，下板带负电，电荷量均为Q且保持不变，两板间的电场视为匀强电场．有一带电量为-q的油滴正好静止在平行板的正中央，则（）A.油滴的质量为Qq/dcgB.油滴的质量为 8kQq/d2C.将上板稍向上移时，油滴将向上运动D.将上板稍向右移动时，油滴将向下运动19.如图，电子在电势差为U1的电场中加速后，垂直进入电势差为U2的偏转电场，在满足电子能射出的条件下，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是（）A.U1变大，U2变大B.U1变小，U2变大C.U1变大，U2变小D.U1变小，U2变小20.两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A点为MN上的一点．取无限远处的电势为零，一带负电的试探电荷q，在静电力作用下运动，则（）A.若q从A点由静止释放，由A点向O点运动的过程中，加速度大小一定先变大再减小B.若q从A点由静止释放，其将以O点为对称中心做往复运动C.q由A点向O点运动时，其动能逐渐增大，电势能逐渐增大D.若在A点给q一个合适的初速度，它可以做类平抛运动第Ⅱ卷（非选择题，共20分）二、计算题（本题共2个小题,每题10分，共计20分，每小题做出答案后，请写在答题卡上．）21．.地面上方存在水平向右的匀强电场，一质量为m带电量为q的小球用绝缘丝线悬挂在电场中，当小球静止时丝线与竖直方向的夹角为θ，此时小球到地面的高度为h．求：（1）匀强电场的场强？（2）若丝线突然断掉，小球经过多长时间落地？22．一束质量为m、电荷量为q的带电粒子以平行于两极板的速度v0进入匀强电场，如图，如果两极板间电压为U，两极板间的距离为d，板长为L（该粒子束不会击中极板），求：（1）粒子在极板中运动的时间；（2）粒子在电场方向发生的侧移量；（3）粒子从进入电场到飞出极板时电势能的变化量（粒子的重力忽略不计）。
高二上学期期末考试教学质量监测物理试题
张家口市2019～2020学年度第一学期期末教学质量监测高二物理一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一个选项符合题目要求，第9～12题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1. 法拉第是十九世纪英国著名科学家，为物理学的发展做出了非常突出的贡献，关于法拉第的研究工作，以下说法中符合事实的是（）A. 发现了电流的磁效应，从而揭示了电和磁的关系B. 发现了电荷间的相互作用规律，并用实验测得元电荷的数值C. 发现了产生电磁感应现象的条件，并制作了发电机D. 发现了电流间相互作用的规律，并提出了判断电流产生的磁场方向的方法【答案】C【解析】【详解】A．1820年奥斯特发现了电流的磁效应，故A错误；B．美国科学家密立通过油滴实验测定了元电荷的数值，故B错误；C．法拉第发现了产生电磁感应现象的条件，并制作了发电机，故C正确；D．根据物理学史可知，安培发现了电流间相互作用的规律，并提出了判断电流产生的磁场方向的方法，故D错误。
故选C。
2. 如图所示的电路中,电源的电动势为E,内阻为r,当闭合开关S1,滑动变阻器滑片P向左移动的过程中,下列结论正确的是( )A. 小灯泡L变暗B. 电流表读数变大,电压表读数变小C. 电容器C上电荷量增加D. 电源的总功率变小【答案】B【解析】滑动变阻器滑片P 向左移动的过程中,滑动变阻器的有效阻值变小,闭合电路的外电阻变小,电路总电流增加,路端电压减小,所以电流表读数变大,电压表读数变小,选项B 正确.电路总电流增加,小灯泡L 变亮,选项A 错误.小灯泡L 两端电压增加,滑动变阻器两端的电压减小,电容器的电压减小,电容器上的电荷量减小,选项C 错误.当电路外电阻等于电源内阻时电源的输出功率最大,滑动变阻器滑片P 向左移动的过程中,外电路电阻变小,外电路电阻可能比电源内阻相差更大,也可能相差更小,所以电源的输出功率可能减小,也可能变大,选项D 错误.3. 如图甲所示，用一根横截面积为S 、电阻率为ρ的硬质导线做成一个半径为r 的圆环，ab 为圆环的直径.在ab 的右侧存在一个足够大的匀强磁场，t ＝0时刻磁场方向垂直于竖直圆环平面向里，磁场磁感应强度B 随时间t 变化的关系图象如图乙所示，则0～t 1时间内( )A. 圆环中产生的感应电流的方向为逆时针B. 圆环中产生的感应电流的方向先是顺时针后是逆时针C. 圆环一直具有扩张的趋势D. 圆环中感应电流的大小为004B rS t ρ【答案】D【解析】【详解】AB. 磁通量先向里减小再向外增加，由楞次定律“增反减同”可知，线圈中的感应电流方向一直为顺时针，故A 、B 错误；C. 由楞次定律的“增缩减扩”可知，0～t 0时间内，为了阻碍磁通量的减小，线圈有扩张的趋势，t 0～t 1时间内为了阻碍磁通量的增大，线圈有缩小的趋势，故C 错误；D. 由法拉第电磁感应定律得E ＝2002B r t π ，感应电流I ＝20000224B r B rS E S R t r t πρπρ=⋅=⋅ ，故D 正确. 4. 图甲所示的有界匀强磁场Ⅰ的宽度与图乙所示的圆形匀强磁场Ⅱ的半径相等，一不计重力的粒子从左边界的M 点以一定初速度水平向右垂直射入磁场Ⅰ，从右边界射出时速度方向偏转了θ角，该粒子以同样的初速度沿半径方向垂直射入磁场Ⅱ，射出磁场时速度方向偏转了2θ角．已知磁场Ⅰ、Ⅱ的磁感应强度大小分别为B 1、B 2，则B 1与B 2的比值为( )A. 2cos θB. sinθC. cosθD. tanθ【答案】C【解析】 【详解】设有界磁场Ⅰ宽度为d ，则粒子在磁场Ⅰ和磁场Ⅱ中的运动轨迹分别如图1、2所示，由洛伦兹力提供向心力知Bqv ＝m 2v r，得 B ＝mv rq由几何关系知d ＝r 1sin θd ＝r 2tan θ联立得 11B B ＝cosθ． A ．2cos θ，与结论不相符，选项A 错误；B ．sinθ，与结论不相符，选项B 错误；C ．cosθ，与结论相符，选项C 正确；D ．tanθ，与结论不相符，选项D 错误；故选Ｃ．5. 如图甲所示为一台小型发电机构造示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律如图乙所示．发电机线圈内阻为1Ω，外接灯泡的电阻为9Ω恒定不变，则下列说法中正确的为()A. 电压表的示数为6 VB. 发电机的输出功率为4 WC. 在1.0×10－2 s时刻，穿过线圈的磁通量最大D. 在1.0×10－2 s时刻，穿过线圈的磁通量变化率最大【答案】C【解析】【详解】由E m=62V，E=6V，电压表示数69 5.4V19RU ER r==⨯=++．故A错误．灯泡实际消耗的功率即为电源的输出功率，故功率公式可知，22543.249UP W WR===．；故输出功率为3.24W，故B错误．在1.0×10-2s时刻，感应电动势为零，故说明穿过线圈的磁通量最大，此时穿过线圈的磁通量变化率为零，故C正确，D错误.6. 四根相互平行的通电长直导线a、b、c、d电流均为I，如图所示放在正方形的四个顶点上，每根通电直导线单独存在时，正方形中心O点的磁感应强度大小都是B，则四根通电导线同时存在时O点的磁感应强度的大小和方向为（）A. 22B，方向向左B. 22B，方向向下C. 22B，方向向右D. 22B，方向向上【答案】A【解析】【详解】略7. 如图所示，一个有矩形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向内．一个三角形闭合导线框，由位置1（左）沿纸面匀速运动到位置2（右）．取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点（t=0），规定逆时针方向为电流的正方向，则图中能正确反映线框中电流号时间关系的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】先由楞次定律依据磁通量的变化可以判定感应电流的方向，再由感应电动势公式E BLv=和欧姆定律，分段分析感应电流的大小，即可选择图象．【详解】线框进入磁场的过程，磁通量向里增加，根据楞次定律得知感应电流的磁场向外，由安培定则可知感应电流方向为逆时针，电流i应为正方向，故BC错误；线框进入磁场的过程，线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由E=BLv，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小；线框完全进入磁场的过程，磁通量不变，没有感应电流产生．线框穿出磁场的过程，磁通量向里减小，根据楞次定律得知感应电流的磁场向里，由安培定则可知感应电流方向为顺时针，电流i应为负方向；线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由E BLv=，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小，故A正确，D错误．8. 如图所示，宽度为d、厚度为h的导体放在垂直于它的磁感应强度为B 的匀强磁场中，当电流通过该导体时，在导体的上、下表面之间会产生电势差，这种现象称为霍尔效应．实验表明：当磁场不太强时，电势差U、电流I和磁感应强度B的关系为：IBU Kd=，式中的比例系数K称为霍尔系数．设载流子的电量为q，下列说法正确的是（）A. 载流子所受静电力的大小U F qd =B. 导体上表面的电势一定大于下表面的电势C. 霍尔系数为1K nq =，其中n 为导体单位长度上的电荷数D. 载流子所受洛伦兹力的大小BI F nhd =洛，其中n 为导体单位体积内的电荷数 【答案】D【解析】静电力大小应为：U F q h=，故A 错误；洛伦兹力向上，但载流子的电性是不确定的，故无法判断上表面的电性，故无法比较上下表面的电势高低，故B 错误；对于载流子，静电力和洛伦兹力平衡，故：U qvB q h=电流微观表达式为：I=nqSv ，故：hIB U Bhv nSq == ；由于S=hd ，故IB IB U K nqd d ==，故1k nq=，其中n 为导体单位体积上的电荷数，故C 错误；载流子所受洛伦兹力的大小f 洛=qvB ，其中I I v nqS nqdh ==，可得BI f nhd =洛，其中n 为导体单位体积上的电荷数，故D 正确；故选D ．点睛：解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，注意偏转的可能是正电荷，也可能是负电荷，掌握电流的微观表达式，结合洛伦兹力和电场力平衡进行求解．9. 某同学将一直流电源的总功率E P 、输出功率R P 和电源内部的发热功率r P 随电流I 变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的a 、b 、c 所示，以下判断正确的是（ ）A. 直线a 表示电源的E P I —图线B. 曲线c 表示电源的R P I —图线C. 电源的电动势3V E =，内阻=1ΩrD. 电源的最大输出功率max 2W P =【答案】AD【解析】【详解】A ．电源消耗的总功率的计算公式E P EI I =∝故图线时直线，故A 正确；B ．输出功率2R E r P P P EI I r =-=-应为开口向下的曲线，故b 表示R P I —图线；电源内阻消耗的功率2r P I r =应为开口向上的曲线，故c 表示r P I —图线，故B 错误；C ．当2A I =时，0R P =，说明外电路短路，根据P EI =得8V 4V 2A P E I === 4Ω2Ω2===E r I 故C 错误；D ．输出功率 22242(1)2RE r P P P EI I r I I I =-=-=-=--+当1A I =时，输出功率最大，为2W ，故D 正确。
河北省张家口市2019-2020学年高二上学期10月阶段测试试题物理(解析版)
张家口市2019－2020学年第一学期阶段测试卷高二物理1.本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分，共100分。
考试时间90分钟。
2.本试卷主要考试内容：选修3－1第二章1～11节。
第Ⅰ卷(选择题共50分)一、选择题：本题共15小题，共50分。
在第1～10小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，每小题3分；在第11～15小题有多个选项正确，每小题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1.下列不属于比值定义法的是A.qIt= B.WEq=非C.URI= D. EIR r=+【答案】D【解析】【分析】所谓比值法定义，就是用两个物理量的比值来定义一个新的物理量的方法。
比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，与参与定义的物理量无关。
根据比值法定义的共性分析。
【详解】A．电场强度的大小与q和t无关，qIt=属于比值定义法，故A错误；B．电源电动势E是由电源本身的性质决定的，其数值等于在电源内部把1C的正电荷从负极移动到正极非静电力做的功，WEq=是比值定义法，故B错误；C．电阻由导体本身决定，与U、I无关，该式属于比值定义法，故C错误；D．电流EIR r=+，该表达式为闭合电路欧姆定律的电流表达式，不属于比值定义法，故D正确。
【点睛】用比值法定义物理量是物理上常用的思想方法，可以根据定义出的物理量与参与定义的物理量有无关系，判断是否是比值法定义。
2.如图所示为一款手机锂电池背面印有的符号。
下列说法中正确的是A. 锂电池是通过静电力做功把化学能转化为电能的装置B. 无论是否接入外电路，锂电池两端的电压都是3.6VC. 该锂电池每有1C 的负电荷从负极运动到正极，就有3.6J 的化学能转化为电能D. 该锂电池充满电后以25mA 电流为手机供电，可以工作20h 【答案】D 【解析】 【分析】根据铭牌读出电池的容量和电动势。
电池的容量是指电池能释放的总电量，根据电流的定义式求出该电池以25mA 的电流工作可用的时间。
2024届河北省张家口市尚义县第一中学物理高二上期中监测试题含解析
2024届河北省张家口市尚义县第一中学物理高二上期中监测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、图中所示是一实验电路图．在滑动触头由b端滑向a端的过程中，下列表述正确的是( )A．电路的总电阻变小B．路端电压变小C．电流表的示数变小D．电源内阻消耗的功率变小2、一太阳能电池板，测得它的开路电压为80mV，短路电流40mA．若将该电池板与一阻值为18Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是( )A．40m V B．60mV C．72mV D．80m V3、如图所示，A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球．开始时开关S闭合且滑动变阻器的滑动头P在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向．（电源的内阻不能忽略）下列判断正确的是（）电源的输出功率A．小球带负电B．当滑动头从a向b滑动时，细线的偏角θ变大C．当滑动头从a向b滑动时，电流表中有电流，方向从上向下D．当滑动头停在b处时，电源的输出功率一定大于滑动头在a处时4、一个带正电的微粒，从A点射入水平方向的匀强电场中，微粒沿直线AB运动，AB 与电场线夹角θ.已知带电微粒的质量m，电量q，A、B相距L.不计阻力，则以下说法正确的是( )A．微粒在电场中可能做匀速运动B．电场强度的大小为mg/q tanθ，方向水平向右C．微粒在电场中一定做匀减速运动，且加速度的大小为g/sinθD．要使微粒从A点运动到B点，微粒进入电场时的最小动能是mgL/tanθ5、如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒和验电器的金属球接触，使验电器的金属箔片张开，关于这一现象下列说法正确的是( )A．两片金属箔片上带异种电荷B．两片金属箔片上均带负电荷C．金属箔片上有电子转移到玻璃棒上D．将玻璃棒移走，金属箔片立即合在一起6、一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3 h，待机时间100 h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为（）A．1.8 W，5.4×10-2WB．3.6 W，0.108 WC．0.6 W，1.8×10-2 WD．6.48×103 W，1.94×102 W二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
河北省张家口市2019_2020学年高二物理上学期10月阶段测试试题含解析
【解析】
【分析】
根据串并联的特点分析可以得到电流电压的关系，根据欧姆定律和功率的公式分析电阻的关系。
【详解】 与 并联后与 串联， 和 的电流之比为 ，则 与 的电流之比为 ，所以
和 消耗的电功率之比为 ，通电后经 和 的电流之比为 ，根据 知
所以 ，故D正确，ABC错误。
【点睛】根据串联分压、并联分流的特点分析计算，在计算的时候注意各个量之间的关系。
当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大，所以外接电阻为 时，电源的输出功率最大，故A正确，BCD错误。
【点睛】本题考查了闭合电路的欧姆定律以及 图象，关键是掌握电源输出功率和外电阻的关系。
7.安全出口指示灯通常被用到一些人口比较密集的场所，一般处于常亮状态。如图所示的安全指示灯的功率为3W，某学校共装了300盏这样的指示灯，请你估算该学校一年指示灯消耗的总电能约为
8.2019年3月19日，复旦大学科研团队宣称已成功研制出具有较高电导率的砷化纳米带材料，电导率σ就是电阻率ρ的倒数，即 。两根粗细相同的均匀导线P和Q串联在电路中，它们沿长度方向的电势φ随位置的变化规律如图所示，其中，导线P长为l，导线Q长为2l。则导线P和Q的电导率的关系为
A.8000 kW·hB.5000 kW·hC.3000】
根据功率和电能的关系，直接计算出一年时间内指示灯消耗的总电能。
【详解】设一年指示灯消耗的总电能为 ，则有：
代入数据，得：
结果与A接近，故A正确，BCD错误。
【点睛】本题考查电功和电功率，注意求电功时的几个不同表达式。
由欧姆定律 得：
故A正确，BCD错误。
【点睛】本题考查电流的定义及欧姆定律，熟记公式和公式中物理量的物理意义。
5.定值电阻R1、R2、R3组成如图所示电路，通电后经R1和R2的电流之比为3：2，R1和R2消耗的电功率之比为1：1。则R1、R2和R3的电阻之比
2022年河北省张家口市尚义县第一中学高二物理月考试卷含解析
2022年河北省张家口市尚义县第一中学高二物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示是观察水面波衍射的实验装置，AC和BD是两块挡板，AB是一个孔，O是波源，图中已画出波源所在区域波的传播情况，每两条相邻波纹(图中曲线)之间距离表示一个波长，则波经过孔之后的传播情况，下列描述正确的是()A．此时能明显观察到波的衍射现象B．挡板前后波纹间距离相等C．如果将孔AB扩大，有可能观察不到明显的衍射现象D．如果孔的大小不变，使波源频率增大，能更明显地观察到衍射现象参考答案：ABC2. 关于电源电动势，下列说法正确的是（）A．电源向外提供的电能越多，表示电动势越大B．电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时，非静电力所做的功C．电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大D．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大参考答案：BD3. 如图所示，两光滑且平行的固定水平杆位于同一竖直平面内，两静止小球m1、m2分别穿在两杆上，两球间连接一个保持原长的竖直轻弹簧，现给小球m2一个水平向右的初速度v0．如果两杆足够长，则在此后的运动过程中（）A．m1、m2组成的系统动量守恒B．m1、m2组成的系统机械能守恒C．弹簧最长时，其弹性势能为m2v02D．当m1速度达到最大时，m2速度最小参考答案：A【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】分析两球的受力情况，根据合外力是否为零判断系统动量是否守恒．对于弹簧、m1、m2组成的系统机械能守恒．弹簧最长时，m1、m2的速度相同，根据系统的动量守恒和机械能守恒列式求弹簧的弹性势能．【解答】解：A、由于两球竖直方向上受力平衡，水平方向所受的弹力的弹力大小相等，方向相反，所以两球组成的系统所受的合外力为零，系统的动量守恒，故A正确．B、对于弹簧、m1、m2组成的系统，只有弹力做功，系统的机械能守恒，由于弹性势能是变化的，所以m1、m2组成的系统机械能不守恒．故B错误．C、当两球的速度相等时，弹簧最长，弹簧的弹性势能最大，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m2v0=（m1+m2）v，解得：v=；由系统的机械能守恒得：m2v02=（m1+m2）v2+E P，解得：E P=，故C错误．D、若m1＞m2，当弹簧伸长时，m1一直在加速，当弹簧再次恢复原长时m1速度达到最大．弹簧伸长时m2先减速后，速度减至零向左加速，最小速度为零．所以m1速度达到最大时，m2速度不是最小，故D错误．故选：A4.下列所举的声波中，属于超声波的是A．频率超过20000Hz的声波B．频率低于20Hz的声波C．频率介于20——20000Hz的声波D．超音速飞机上播放乐曲的声波参考答案：A5. “嫦娥一号”和“嫦娥二号”月球探测卫星的圆形绕月轨道距月球表面分别约为200 km和100 km．当它们在绕月轨道上运行时，两者相比，“嫦娥二号”的AA．周期较小 B．线速度较小C．角速度较小 D．向心加速度较小参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 在发射电磁波的某个LC振荡电路里，电磁振荡完成一次周期性变化需要的时间为5×10-7s，则发射的电磁波的频率为 Hz，该电磁波在真空中的波长为 m。
2024-2025学年河北省张家口市尚义县第一中学等校高二(上)阶段测试物理试卷(10月)(含答案)
2024-2025学年张家口市尚义县第一中学等校高二（上）阶段测试物理试卷（10月）一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.下列说法中正确的是( )A. 元电荷就是质子B. 物体所带的电荷量可以为任意值C. 点电荷就是体积和带电荷量都很小的带电体D. 若物体带正电荷，电荷量为1.6×10−9C，这可能是因为物体失去了1.0×1010个电子2.关于电场、电场强度、电场线，下列说法不正确的是( )A. 电场是一种物质，它与其他物质一样，是客观存在的B. 电场中某一点的场强大小与放入该点的试探电荷的电荷量大小无关C. 电场中某一点的场强方向就是试探电荷在该点的受力方向D. 电场的电场线总是与等势面垂直，且从电势高的等势面指向电势低的等势面3.两个点电荷的电荷量分别为Q1、Q2，M、N为其连线的中垂线上的两点，M、N两点的电场强度方向如图中箭头所示，则( )A. Q1为负电荷B. Q2为正电荷C. Q1小于Q2D. Q1大于Q24.某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，沿图中虚线由M运动到N，以下说法正确的是( )A. 图中的电场线可能是由正点电荷产生的B. 粒子在M点的电势能大于在N点的电势能C. M点的电势小于N点的电势D. 粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力5.如图所示，在匀强电场中ab、cd平行于电场线，ac、bd垂直于电场线，ab=cd=4cm，ac=bd=3cm，q=−5×10−3C的点电荷沿abd从a移到d，克服电场力做功为0.2J，则下述计算结果正确的是( )A. a、b之间的电势差为40VB. 匀强电场场强为10N/CC. 将电子沿a移到c，电场力做的功是30eVD. 将电子沿a移到d，电场力做的功是40eV6.如图所示，一平行板电容器金属板a、b分别与电池两极相连，开始时开关S闭合，发现在距两板距离相等的P点有一个带电液滴处于静止状态，然后断开开关，并将b板向下平移一小段距离，稳定后，下列说法中正确的是( )A. 液滴带正电B. 电容器的电容增大C. P点电势升高，液滴在P点的电势能减小D. 在b板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同7.两个带等量正电的点电荷，固定在图中A、B两点，O是它们连线的中点，N、P是中垂线上的两点，ON>OP。
河北省张家口市尚义县第一中学2021-2022高二物理上学期10月月考试题.doc
河北省张家口市尚义县第一中学2021-2022高二物理上学期10月月考试题本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分，全卷满分100 分，考试时间 90分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用0.5mm黑色签字笔在答题卡相应栏内填写自己的班级、姓名、考场、准考证号，并用2B铅笔将考试科目、准考证号涂写在答题卡上。
2．II卷内容须用0.5mm黑色签字笔写在答题卡相应空格或区域内。
3．考试结束，将答题卡交回。
第I卷（选择题，共48分）一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分，共48分.每小题选出答案后，请填在答题卡上．）1.根据L RSρ=可以导出电阻率的表达式为RSLρ=，对温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率（）A.跟导线的电阻R成正比 B.跟导线的横截面积S成正比C.跟导线的长度L成反比 D．只由其材料的性质决定2．如图所示，R1和R2都是4W、100Ω的电阻,R3是1W、100Ω的电阻，A，B两端允许消耗的最大电功率是（）A．9W B.3W C.1.5W D.98 W3．在图所示的电路中，合上电键S后，（）A．电流表读数变大，电压表读数变小 B．电流表读数变小，电压表读数变小C．电流表读数变小，电压表读数变大 D．电流表读数变大，电压表读数变大4．关于闭合电路,下列说法正确的是 ( ).A. 电源短路时,放电电流非常大B. 电源短路时, 路端电压等于电源电动势C. 用电器增加时, 路端电压一定增大D. 把伏特表直接和电源连接时, 伏特表的示数总小于电源电动势5．电动机的电枢阻值为R, 电动机正常工作时, 两端电压为U, 通过电流强度为I, 工作时间为t, 下列说法中正确的是 ( )A. 电动机消耗的电能为UItB. 电动机消耗的电能为I 2RtC. 电动机线圈生热为I 2Rt D ．电动机线圈生热为2U t R6．一段半径为D 的导线,电阻为0.1Ω,如果把它拉成直径为D 的导线,则电阻变为( ).A.0.2ΩB. 0.4ΩC. 0.8ΩD. 1.6Ω7．在图电路中，当合上开关S 后，两个标有“3V 、1W ”的灯泡均不发光，用电压表测得U ac =U bd =6V,如果各段导线及接线处均无问题，这说明( )A .开关S未接通 B.灯泡L 1的灯丝断了C.灯泡L 2的灯丝断了D.滑动变阻器R 电阻丝断了8.用伏安法测电池1和电池2的电动势1E 、2E 以及内阻1r 和2r ．由测得的数据在U —I 图上分别它们的图线直线1和直线2，如图4所示，由图可以判断：（ ）A ．1E ＜2E ，1r ＜2rB ．1E ＜2E ，1r ＞2rC ．1E ＞2E ，1r ＞2rD ．1E ＞2E ，1r ＜2r9．在如下左图的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A 、B 两灯亮度的变化情况为………………………………………………………………………………（ ）A．A灯和B灯都变亮 B．A灯、B灯都变暗C．A灯变亮，B灯变暗 D．A灯变暗，B灯变亮10．如上面右图所示，当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，两电表的示数变化为（）A．电流表示数减小，电压表示数增大 B．电流表示数增大，电压表示数减小C．两表示数均增大 D．两表示数均减小第Ⅱ卷（非选择题，共62分）二、实验题（本题共6个小题,共计60分，11-12每空2分，13题8分，14、15、16每题12分。
河北省张家口市尚义县第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试物理试题
尚义县第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试物理试题本试卷分第I 卷(选择题)和第II 卷(非选择题)两部分，全卷满分110分，考试时间90分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用0.5mm 黑色签字笔在答题卡相应栏内填写自己的班级、姓名、考场、准考证号，并用2B 铅笔将考试科目、准考证号涂写在答题卡上。
2．II 卷内容须用0.5mm 黑色签字笔写在答题卡相应空格或区域内。
3．考试结束，将答题卡交回。
第I 卷（选择题，共56分）一、单选题（本大题共10小题，每小题4分，共40.0分） 1. 关于分子动理论，下列说法中正确的是（ ）A. 布朗运动就是液体分子的无规则运动B. 扩散现象是由物质分子的无规则运动产生的C. 当时0r r =，分子间的引力和斥力均为零D. 当分子间距离增大时，分子间的引力和斥力均增大2. 下列四幅图中，能正确反映分子间作用力f 和分子势能E P 随分子间距离r 变化关系的图线是（ ）A. B.C. D.3. PM 2.5是指大气中直径d ≤2.5μm 的悬浮细颗粒物，PM 2.5悬浮在空中做无规则运动，与较大的颗粒物相比，在大气中的停留时间更长，很难自然沉降到地面．关于PM 2.5的说法中错误的是（ ）A. 气温越高，PM 2.5的运动越激烈B. PM 2.5在空气中的运动属于分子热运动C. 周围大量分子对PM 2.5碰撞的不平衡使其在空中做无规则运动D. 倡导低碳生活、减少化石燃料的使用，能有效减小PM 2.5在空气中的浓度 4. 某固体物质的摩尔质量为M ，密度为ρ，阿伏伽德罗常数为N A ，则每个分子的质量和分子直径分别为（ ）A N M 36AN MπρA.B.D. C .5. 氢原子的核外电子从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道的过程中（ ）A. 原子要吸收光子，电子的动能增大，原子的电势能增大B. 原子要放出光子，电子的动能减小，原子的电势能减小C. 原子要吸收光子，电子的动能增大，原子的电势能减小D. 原子要吸收光子，电子的动能减小，原子的电势能增大 6. 下列说法正确的是（ ）A. 普朗克在研究黑体辐射问题中提出了能量子假说B. 汤姆孙发现了电子，表明原子具有核式结构C. 卢瑟福的粒子散射实验，揭示了原子核具有复杂的结构D. 玻尔对原子模型提出了三点假设，成功解释了各种原子发光现象7. 根据如图所示给图片及课本中有关历史事实，结合有关物理知识，判断下列说法正确的是（ ）A. 图1是发生光电效应现象的示意图，发生光电效应现象的条件是入射光的波长不小于金属的“极限波长”B. 图2是链式反应的示意图，发生链式反应的条件之一是裂变物质的体积大于等于临界体积C. 图3是氢原子能级图，一个处于n=4能级的氢原子，跃迁可以产生6种光子D. 图4是氡的衰变规律示意图，氡的半衰期是3.8天，若有16个氡原子核，经过7.6天后一定只剩下4个氡原子核8. 大科学工程“人造太阳”主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电，氘核聚变反应方程是：n He H H 10322121+→+，已知 H 21的质量为2.0136u ，He 32的质量为3.0150u ， n 10的质量为1.0087u ，1u =931MeV /c 2．氘核聚变反应中释放的核能约为（ ）A. 3.7MeVB. 3.3MeVC.2.7 MeVD. 0.93MeV9. 放射性元素A 经过2次α衰变和1次β衰变后生成一新元素B ，则元素B 在元素周期表中的位置较元素A 的位置向前移动了（ ） A. 1位 B. 2位 C. 3位 D. 4位 10. 匝数为100匝的线圈通有如图3所示的交变电流（图中曲线为余弦曲线的一部分），单匝线圈电阻r =0.02Ω，则在0～10s 内线圈产生的焦耳热为（ ）MN A 36AN M ρπMN A 36A N M πρA N M 36A N M πρA. 80 JB. 85 JC. 90 JD. 125 J二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）11.在匀强磁场中,一个100匝的闭合矩形金属线圈,绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动,穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化。
【学科网WORD转化】河北省张家口市2020届高三10月阶段检测物理试题
张家口市20192020学年第一学期阶段测试卷高三物理考试说明:1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共:110分.考试时间90分钟.2.请将各题答案镇在答题卡上，第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题:本题共12小题，共45分.在第1～7小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，每小题4分；在第8～12小题有多个选项正确，每小题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分.1.下列关于物理学中科学方法或科学思维中描述不正确的是A.瞬时速度概念的建立用到了极限的思思B.加速度和速度都是采取比值法定义的物理量C.质点是理想化物理模型D.牛顿开创了实验和逻辑推理结合的科学思维方式和科学研究方法2.甲、乙两物体同时从同一地点并排做直线运动.两物体的速度一时间图象如图所示，在0～6s内，下列说法中正确的是A.乙物体先向正方向运动，后向负方向运动B.两物体在1s末和4s末相遇C.两物体最远距离为1mD.第4s末两物体相距最远3.如图A、B两物体叠放在固定的斜面上，B上表面水平.A、B无相对滑动、下列说法正确的是A.若A、B沿斜面向下匀速运动.B对A有水平向右的摩擦力B.若A、B沿斜面向下匀速运动，B对A有水平向左的摩擦力C.若斜面光滑，B对A的作用力重直斜面向上D.若斜面光滑，B对A的作用力沿斜面向下4.1970年成功发射的“东方红一号”是我国第一颗人造地球卫星，该卫星至今在地球引力的作用下仍沿椭圆轨道绕地球运动，如图所示，设卫星在近地点、远地点的速度分别为1v 、2v ，近地点到地心的距离为r ，地球质量为M ，引力常量为G.则A.12v v ＞，1GM v r =B.12v v ＜，1GM v r ＞C.东方红一号卫星的运行周期比轨道半径为r 的人造地球卫星的运行周期大D.从近地点到远地点阶段，“东方红一号卫星”机械能逐渐变大5.如图竖直薄壁圆筒内壁光滑、半径为R ，上部侧面A 处开有小口，在小日A 的正下方h 处亦开有与A 大小相同的小口B ，小球从小口A 沿切线方向水平射入筒内，使小球紧贴筒内壁运动，要使小球从B 口处飞出，小球进入A 口的速率0v 可能是A.2g R h πB.2g R h πC.2h R g πD.h R gπ 6.如图所示，倾角θ=30°的斜面AB ，在斜面顶端目向左水平队出小球1的同时，在底端A 正上方与B 等高处水平向右抛出小球2.小球1、2同时落在P 点，P 点为斜边AB 的中点，则A.小球2一定垂直接在斜面上B.小球1、2的初速度可以不相等C.小球1落在P 点时速度与斜面的夹角为30°D.改变小球1的初速度，小球1落在斜面上的速度方向都平行7.如图所示，一个粗糙的水平转台以角速度ω匀速转动，有一个质量为m的物体与转台间的动摩擦因数为μ，用长为L的细绳与转台中心O连接，现拉直细绳将物体轻放于转台上，则下列说法正确的是A.若物体在转台上运动一周，摩擦力对物体不做功B若物体在转合上运动一周，摩擦力对物体做的功为2mgLπμC.物体将做半径不变的圆周运动，绳上拉力不断增大D.物体在转台上运动24Lgωμπ圈后相对于转台停止运动8.如图甲所示，电动机通过绕过光滑定滑轮的细绳与放在倾角为30°的光滑斜面上的物体相连，启动电动机后物体沿斜面上升；在0～3s时间内物体运动的v-t图象如图乙所示，其中除1～2s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线，1s后电动机的检出功率保持不变；已知物体的质量为2kg，重力加速度g=10m/s ²，则下列计算正确的是A.1s后电动机的输出功率P为100WB.物体运动的最大速度mv为10m/sC.在0～1s内电动机所做的功为25JD.在0～3s内电动机所做的功为250J9.如图所示，半径为R=0.4m的14圆弧形光滑轨道固定于竖直平面内，圆弧形轨道与光滑固定的水平轨道相切，可视为质点的质量均为m=0.5kg的小球甲、乙用轻杆连接，置于圆弧形轨道上，小球甲与O点等高，小球乙位于圆心O的正下方.某时刻将两小球山静止释放，最终它们在平面上运动，g取10m/s，则A.两小球由静止释放后速度大小相等，最终在水平面上运动的速度大小为2m/sB.小球甲下滑过程中重力对它做功的功率一直增大C.小球甲下滑到圆弧轨道最低点对轨道的压力的大小为10ND.整个过程中轻杆对小球乙做的功为为1J10.如图所示，细线AB 和BC 连接着一质量为m 的物体P ，其中绳子的A 端固定，C 端通过小定滑轮连接着一质量也为m 的另一个物体Q ，开始时，用手抓住物体Q ，使物体P 、Q 均静止，此时AB 和BC 两绳重拉力大小分别为1T 、2T ，把手放开瞬间，AB 和BC 两绳中拉力大小分别为1T '、2T '，已知ABC 处于同一竖直平面内，绳子间连接的夹角如图.则A.11:1:1T T '=B.12:1:2T T =C.22:2:3T T '=D.12:3:1T T ''=11.在星球M 上将一轻弹簧竖直固定在水平桌面上，把物体P 轻放在弹簧上端，P 由静止向下运动，物体的加速度a 与弹簧的压缩量x 间的关系如图中实线所示.在另一星球N 上用完全相同的弹簧，改用物体Q 完成同样的过程，其a x -关系如图中虚线所示，假设两星球均为质量均匀分布的球体.已知星球M 的半径是星球N 的2倍，则A.星球M 与星球N 表面的重力加速度之比为3:1B.星球M 与星球N 的密度相等C.星球M 与星球N 的第一宇宙速度之比为6：1D.Q 下落过程中的最大动能是P 的4倍12.如图所示，在水平圆盘上放有质量分别为m 、m 、2m 的可视为质点的三个物体A 、B 、C ，园盘可绕垂直圆盘的中心轴OO ′转动.三个物体与圆盘的动摩擦因数均为μ=0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力.三个物体与轴O 共线且OA=0B=BC=r=0.2m ，现将三个物体用轻质细线相连，保持细线伸直且恰无张力.若圆盘从静止开始转动，且角速度的缓慢增大，已知重力加速度为g=10m/s ²，则对于这个过程，下列说法正确的是A.A、B两个物体同时达到最大静摩擦力B.B、C两个物体的静摩擦力先增大后不变C.当ω>5rad/s时A、B、C整体会发生滑动D.当5rad/s5rad/s2ω＜＜时，在ω增大的过程中B、C间细线的拉力不看增大第Ⅱ卷(非选择题共 62分)二、第13～17题为必考题，每个试题考生都必须作答.第18～19题为选考题，考生根据要求作答.把答案填在答题卡中的横线上或按题目要求作答.解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.13.(8分)某实验小组的同学为了“探究加速度与外力的关系”.利用了如图1所示的实验装置，忽略滑轮与细绳之间的摩擦.(1)为了完成探究实验，下列步骤必须的是_________.A.分别得出砝码A以及滑块的质量m和MB.将长木板远离滑轮的一端适当垫高平衡摩擦力C.将滑块靠近打点计时器，接通电源后释放小车，并记录传感器的示数D.多次改变砝码的质量，打出几条不同的纸带E.该实验中不需满足滑块的质量远远大于砝码A的质量(2)该小组的同学在某次实验中得到了一条清晰的纸带，如图2所示，并在该纸带上选取了多个计数点.已知图中相邻两计数点之间还有两个计时点没有画出.若实验中所使用的交流电的额事为50Hz，则滑块的加速度大小为________m/s²(结果保留两位有效数字)；(3)该小组的同学通过多次测量，得到了多组传感器的示数以及相对应的加速度的数值，并以传感器的示数F为横坐标、加速度a为纵坐标.得到的图线为一条过原点的倾斜直线，经测量可知直线的斜率大小为k，则滑块的质量大小应为___________；(4)如果该小组的同学在实验时未平衡摩擦力，结果得到的图象不过原点，与横轴交点的坐标值为F，则滑块在运动过程中受到的摩擦力大小为___________.14.(8分)某同学利用如图所示的装置验证机械能守恒定律.水平桌面上固定倾斜的气垫导轨，一上端装有长方形遮光片的滑块总质量为M，滑块的左端连接着平行于导轨的细绳，细绳另一端跨过定滑轮和矿泉水瓶连接.导轨下端固定一光电门，光电门与计时器(图中未画出)连接，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间，光电门的中心位于导轨上的B点.开始时，使滑块在导轨上静止，此时遮光片的中心位于导轨上的A 点，该同学利用刻度尺测出A、B两点间的距离为L，高度差为h，测得矿泉水瓶和里面水的总质量为m，遮光片的宽度为d ，忽略滑块和导轨间的摩擦，重力加速度为g.(1)用螺旋测微器测量挡光条的宽度d ，如图乙所示，由该图可得遮光条的宽度d=__________mm.(2)使滑块由A 点静止开始沿导轨下滑，读出遮光片经过光电门时的挡光时间为t ，则滑块从A 到B 的过程中，系统重力势值的减小量为__________；实验需要验证的表达式为_______________________________(均用题目中所给的字母表示).(3)该同学保持滑轮高度和光电门位置不变，不断改变矿泉水瓶中水的质量，释放滑块使其由A 处静止沿导轨下滑，测出每次矿泉水瓶和瓶中水的总质量m 以及对应挡光时间t ，为便于更直观地验证机械能守恒定律，应作出__________________(选填“21m t -”“211m t -”“211m M t -+”)关系图象，如图丙所示，则图象的斜用率k =__________.15.(10分)如图所示，水平面上放有质量分别为1m =1kg ，2m =2kg 的物块A 和B ，A 、B 与地面的动摩擦因数分别为1μ=0.4和2μ=0.5，相距l =0.75m.现给物块A 一初速度使之向B 运动，与此同时给物块B 施加一个大小为F=14N ，方向与水平方向成θ=53°的力，B 由静止开始运动，经过一段时间A 恰好追上B 月二者速度相等，g=10m/s ²，求：(1)物块A 的初速度大小；(2)从开始到物块A 追上物块B 的过程中，B 走过的位移.16.(12分)如图所示，光滑半圆形轨道处于暨直平面内，半圆形轨道与光滑的水平地面相切于半圆的端点A.一质量为m 的小球在水平地面上C 点受水平向左的恒力F 由静止开始运动，当运动到A 点时撒去恒力F ，小球沿竖直半圆形轨道运动到轨道最高点B 点，最后又落在水平地面上的D 点(图中未画出).已知A 、C 间的距离为L ，重力加速度为g.(1)若轨道半径为R ，求小球到达半圆形轨道B 点时对轨道的压力Fs 的大小；(2)为使小球能站动到轨道最高点B ，求轨道半径的最大值m R ；(3)轨道半径R 多大时，小球在水平地面上的落点D 到A 点距离最大?最大距离m x 是多少?17.(14分)如图所示质量为1m =1㎏的长木板长，静止放在水平地面上，与水平面的动摩擦因数为1μ=0.2.其右端静置一质量为2m =1㎏的小滑块(可视为质点)，小滑块与木板间的动摩擦因数为2μ=0.1，今用水平力F=7N 向右位木板，经过1s 后撤去拉力，整个运动过程中小滑块没有从长木板上掉下(不计空气阻力，g 取10m/s ²)求:(1)在F 的作用下，1m 、2m 的加速度各为多少?(2)撤去拉力后经过多长时间两物体共速?(3)最终小物块停在距高木板的右端多远处?18.(10分)如图所示，体积为v 的汽缸由导热性良好的材料制成，面积为S 的活塞将汽缸的空气分成体积相等的上下两部分，汽缸上部通过单向阀门K(气体只能进汽缸，不能出汽缸)与一打气简相连.开始时汽缸内上部分空气的压强为0p ，现用打气筒向容器内打气.已知打气简每次能打入压强为0p 、体积为10V 的空气，当打气n 次后，稳定时汽缸上下调部分的空气体积之比为9:1，活塞重力014G p S =，空气视为理想气体，外界温度恒定，不计活塞与汽缸间的摩擦.求:(1)当打气n 次活塞稳定后，下部分空气的压强；(2)打气简向容器内打气次数n.19.(10分)如图所示是一玻璃球体，其半径为R=20cm ，O 为球心，AB 为直径.M 点是圾璃球的最高点，来自B 点的光线BD 从D 点射出，出射光线平行于AB ，已知∠ABD=30°，光在真空中的传播速度为c=3×108m/s.求:(1)该玻璃球体的折射率为多少?(2)光在玻璃球体内从B 传播到D 所用时间?张家口第一次月考高三物理答案1.【答案】D.瞬时速度是平均速度x v t∆=∆，△t →0的极限，故A 说法正确；平均速度是用一个不变的速度代替了一个变速运动，故B 说法正确；当物体的形状和大小对研究的问题没有影响时，可将物体简化成的一个有质量的点，故质点是一个理想模型，C 说法正确；伽利略开创了实验和逻辑推理结合的科学思维方式和研究方法，故D 说法错误，选D.2.【答案】D.3.【答案】C.4.【答案】C.根据开普勒第二定律可知12v v ＞；当卫星沿近地点的轨道做匀速圆周运动时，地球的引力提供卫星在近地点做圆周运动的向心力，22GMm v m r r=，GM v r =点的速度大于卫星沿近地点的圆形轨道做匀速圆周运动的速度，故A 、B 错误.由于东方红一号的轨道半长轴大于r ，根据开普勒第二定律可知C 项正确.只考虑地球和卫星之间的相互作用，卫星机械能守恒，D 错误.5.【答案】B.小球在竖直方向做自由落体运动，所以小球在桶内的运动时间为:2h t g=圆周运动的规律来研究，得到:02R t n v π=(n=1，2，3...) 所以有：022n R g v n t hππ==，2，3...) 当n=1时，02g v h π=，故B 正确. 6.【答案】D.设斜面底边长为L ，若小球2垂直打在斜面上，设小球2的位移与水平方向的.夹角为θ，则有tan60°=2tan θ，由几何关系可知，22tan y Lθ=，解得:234y L =，由此可见，小球2要垂直打在斜面上，则小球2开始运动的高度要一特定高度且与B 的高度不同，故A 错误；由于小球1、2下落高度相同，水平位移相同，所以初速度一定相同，故B 错误；只要小球能落在斜面上时，小球位移与水平方向夹角始终为30°，由平抛运动的规律可知，速度与水平方向夹角正切值等于位移与水平方向正切值的两倍，所以速度方向与水平方向夹角不变，故C 错误，D 正确.7.【答案】D.AB 、物体在转台受与转台接触点速度方向相同的摩擦力f ，所以物体将具有沿切向加速度，物体将沿切线方向均匀加速，是变速圆周运动，拉力提供向心力，直到与圆盘相对静止，摩擦力对物体做正功故A 错误；物体相对转台静止时，根据动能定理得:21()02mgx m L μω=-，2222L x g ωμ=，x 可能小于2πL ，所以物体在转台上运动一周，摩擦力对物体做功可能小于2mgL πμ，B 错误；224xL n L g ωπμπ==，故D 正确；物体将做半径不变的圆周运动，与转台相对静止后，做匀速圆周运动，拉力提供向心力不变，C 错误.故选D.8.【答案】ABD.设物体质量为m ，由题图乙可知，在1t =1s 时间内，物体做匀加速直线运动的加速度大小为a =5m/s ²，1s 末物体的速度大小达到1v =5m/s ，此过程中，设细绳拉力的大小为F ，则根据牛顿第二定律可得:1F -mgsin30°=m a ，由图象可知，1v =5m/s ，由功率公式11P F v =，联立解得:在ls 末电动机输出功率为:P=100W ，故A 正确.当物体达到最大速度m v 后，细绳的拉力大小2F ，由牛顿第二定律和功率的公式可得:2F -mgsin θ=0，由2m P F v =解得m v =10m/s ，故B 正确.在时间1t =1s 内，物体的位移为x ，电动机做的功为1W ，则由运动学公式得:2112x at =，由动能定理得:2111cos302W mgx mv -=o ，联立解得:1W =50J ，故C 错误.在时间t=3s 内电动机做的功为W ，则:11()W W P t t =+-，联立解得:W=250J.故D 正确.9.【答案】CD.两球沿杆方向速度始终大小一样，但在甲球未滑离圆弧形轨道时，两球实际速度不相等；当甲乙两球都在水平面上运动时，两球速度相等.整个过程两个小球组成系统机械能守恒，故:221122mgR mv mv =+，解得小球在水平面上最终运动速度v gR =，故A 错误；小球甲下滑过程中，最高点速度为零，故重力的功率为零；最低点速度和重力垂直，故重力的功率也是零；而中途重力的功率不为零，故重力的功率应该是先增加后减小，故B 错误；小球甲下滑到圆弧形轨道最低点，重力和支持力的合力提供向心力，故:2v N mg m R-=，解得:N=10N ，根据牛顿第三定律，压力也为10N ，故C 正确；整个过程中，对球乙，根据动能定理，有:212W mv =-=1J ，故D 正确. 10.【答案】AC.用手抓住物体Q 时，以悬点为研究对象，悬点受力平衡，有:1cos 30T mg =o ...①2sin 30T mg =o ...②把手放开瞬间，设Q 加速度为a ，则P 在瞬间沿BC 加速度也为a ，根据牛顿第二定律，对Q:2mg T ma -=. .③对P ，在BC 方向:2cos 60T mg ma -=o ...④在AB 方向:1sin 60T mg =o ...⑤联立①②③④⑤得:11:1:1T T '=，22:2:3T T '=.11.【答案】ACD.由牛顿第二定律可知物体下落的加速度k a g x m =-，可知两星球表面的重力加速度之比为31M N g g =，由34g GRρπ=，可知32M N ρρ=，A 项正确，B 错误.由第一字宙速度v gR =M 与星球N 6:1，C 正确；由物体的加速度a 与弹簧的压缩量x 间的关系图，结合公式22v ax =可知:图像面积代表22v ，P 下落过程中的最大动能21111001322k E m v m a x ==，Q 下落过程中的最大动能222220012k E m v m a x ==，又由k a g x m=-可知两图线斜率绝对值之比为质量反比，即1216m m =，214k k E E =，故选项D 正确.12.【答案】BCD.当圆盘转速增大时，由静摩擦力提供向心力.三个物体的角速度相等，由2F m r ω=可知，因为C 的半径最大，质量最大，故C 所需要的向心力增加最快，最先达到最大静摩擦力，此时:2122C mg m r μω⋅=，解得:1 2.5ω=，当C 的摩擦力达到最大静摩擦力之后，BC 开始提供拉力，B 的摩擦力增大，达最大静摩擦力后，AB 之间绳开始有力的作用，随着角速度增大，A 的摩擦力将减小到零然后反向增大，当A 与B 的摩擦力也达到最大时，且BC 的拉力大于AB 整体的摩擦力时物体将会出现相对滑动，此时A 与B 还受到绳的拉力，对C 可得:22222T mg m r μω+⋅=⋅，对AB 整体可得:2T mg μ=，解得:2gr μω=5gr μω=＞时整体会发生滑动，故A 错误，BC 正确；当5rad/s 5rad/s 2ω＜＜，在a 增大的过程中B 、C 间的拉力逐渐增大，故D 正确. 13.【分析】(1)根据实验原理进行分析，明确实验中注意事项和实验方法；(2)明确纸带情况，根据逐差法即可分析求得加速度大小；(3)根据牛顿第二定律进行分析，从而明确图象的意义；(4)根据牛顿第二定律和图象明确交点的意义.【解答】(1)A 、实验目的为“探究加速度与外力的关系”，故应测量加速度和合外力的大小，由实验装置可知，本实验中通过传感器测量拉力的大小，故不需要测量质量大小；同时本实验中应控制小车质量不变，因此只需要记录传感器的示数；故A 错误C 正确；B 、本实验中应消除摩擦力的影响，因此需要平衡摩擦力，故B 正确；D 、为了实验准确应改变小车质量，多次实验，故D 正确.故选:BCDE ；(2)图中相邻两计数点之间还有两个计时点没有画出，故两计数点间的时间间隔为:T=3×0.02s=0.06s ； 根据逐差法可知，加速度为:22222(2.8 3.3 3.8)(1.4 1.9 2.3)10m/s =1.3m/s 99(0.06)cf oc a T --++-++==⨯⨯ (3)根据牛顿第二定律可得:2F a m =，则由图象可知，图象的斜率表示质量的倒数，故2m k=； (4)如果没有摩擦力，则根据牛顿第二定律有:2F-f =m a ，故图象与纵轴的交点表示摩擦力，因此02f F =；故答案为:(1)BCD ；(2)1.3，2k；(4)02F . 14.【解答】(1)螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm.可动刻度读数为0.01×50.0mm=0.500mm ，所以最终读数为:6.000mm ；(2)设斜面倾角为θ，sin h Lθ= 从A 到B 过程系统重力势能的减少量为:p E Mgh mgL ∆=-；滑块经过光电门时的速度为:d v t= 滑块动能的增加量为:2221()()22k M m d E M m v t +∆=+= 由机械能守恒定律得:21()()2d Mgh mgL M m t -=+ (3)由(1)可知:21()()2d mgL Mgh M m t=-+ 整理得：22112()()d L M m g L h M t h L M ⎛⎫=+ ⎪+++⎝⎭ 则图象的斜率：22()d k g L h M=+； 故答案为：(1)6.000mm ； (2)Mgh mgL -；21()()2d Mgh mgL M m t-=+ (3)211M m t-+；22()d g L h M + 15.【答案】(1)0v =3m/s (2)x =0.25m【解析】(1)设A 经时间t 追上B ，A 、B 的加速度大小分别为1a 、2a ，由牛顿第二定律有:111m g ma μ=解得:1a =4m/s 22222cos (sin )F m g F m a θμθ--=解得:2a =2m/s 2恰好追上时它们速度相同，则:012v a t a t -=追上时由路程关系有:220121122v t a t a t l -=+ 由以上四式解得A 的初速度大小为:0v =3m/s ，t=0.5s(2)B 运动的位移:2212x a t ==0.25m.16.【解答】解:(1)设小球到B 点速度为v ，从C 到B 根据动能定理有21202FL mgR mv -=- 解得24FLv gR m =-在B 点，由牛顿第二定律有：2N v F mg m R '+=解得:25N FLF mg R '=-根据牛顿第三定律可知:25N N FLF F mg R '==-(2)小球恰能运动到轨道最高点时，轨道半径有最大值，则有250N FLF mg R '=-= 解得：25M N FLR F mg '==(3)设小球平抛运动的时问为t ，有22122R gt = 解得：4Rt g =水平位移2224(24)44FLR FL mgR mgRx vt gR m g m g -==-=当244FL mgR mgR -=时，水平位移最大，解得4FLR mg =D 到A 的最大距离m FLx mg =.17.【解答】(1)设小物块的加速度为2a ，2222m g m a μ=得:2a =lm/s 2设长木板的加速度为1a ，2211211()F m g m g m g m a μμ--+=得:1a =2m/s 2(2)1t =ls 时，长木板的速度为:111v a t ==2m/s小物块的速度为:221v a t ==1m/s撤去拉力后，小物块继续加速，加速度仍为2a =1m/s 2长木板做减速运动，加速度为1a '1122211()m g m g m g m a μμ'++=解得:1a '=5m/s 2设从撤去拉力到共速，经过时间为2t112222v a t v a t v '-=+=共 解得216t =s ，7m/s 6v =共(3)在0到1t 时间内，小物块相对于长木板向左运动22111221122s a t a t ∆=-=0.5m在1t 到2t 时间内，小物块相对于长木板向左运动212221m 2212v v v v s t t ++∆=-=共共之后，若两物体--起减速，则加速度为:1a g μ==2m/s 2超过了物块的最大加速度，则小物块的加速度为:2a =1m/s 2，做减速运动.长木板减速运动的加速度为:1122211()m g m g m g m a μμ''+-=解得:1a ''=3m/s 2两物体分别减速到零，小物块相对于板向右运动.2232149m 22108v v s a a ∆=-=共共则最终小物块停在距离木板的右端为:1237=++m 54s s s s ∆∆∆∆=.18.【答案】①20254p p =，②n=49次【解析】①对气缸下部分气体，设初状态压强为1p ，末状态压强为2p由理想气体状态方程1122p V p V = 可知12210V V p p = 初状态时对活塞10p S p S G =+联立解得：20025 6.254p p p == ②把上部分气体和打进的n 次气体作为整体此时上部分气缸中的压强为p末态状时对活塞：2p S pS G =+由理想气体状态方程满足00921010V V V p n p p +⋅= 联立解得06p p =n=49次.19.【解答】解:(1)如图，由几何知识可得入射角i =∠ABD=30°，折射角r =2∠ABD=60°则此玻璃的折射率为sin sin 603sin sin 30r n i ===oo (2)由几何知识可得，BD 的长度2cos303S R R ==o光在玻璃球内传播的速度c v n= 故光线从B 传到D 的时间为93210s ns R t s v c c -====⨯ (1)该玻璃球体的折射率为3.(2)光线从B 到D 需要的时间为9210s -⨯.。
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河北省张家口市尚义县第一中学2019-2020学年高二物理上学期10月
月考试题
本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分，全卷满分100 分，考试时间 90分钟。
注意事项：
1．答卷前，考生务必用0.5mm黑色签字笔在答题卡相应栏内填写自己的班级、姓名、考场、准考证号，并用2B铅笔将考试科目、准考证号涂写在答题卡上。
2．II卷内容须用0.5mm黑色签字笔写在答题卡相应空格或区域内。
3．考试结束，将答题卡交回。
第I卷（选择题，共48分）
一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，有的小题
只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分，共48分.每小题选出答案后，请填在答题卡上．）
1.根据
L R
S
ρ
=
可以导出电阻率的表达式为
RS
L
ρ=
，对温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率（）
A.跟导线的电阻
R成正比 B.跟导线的横截面积S成正比
C.跟导线的长度L成反比 D．只由其材料的性质决定
2．如图所示，R1和R2都是4W、100Ω的电阻,R3是1W、100Ω的电阻，A，B两端允许消耗的最大电功率是（）
A．9W B.3W C.1.5W D.
9
8 W
3．在图所示的电路中，合上电键S后，（）
A．电流表读数变大，电压表读数变小 B．电流表读数变小，电压表读数变小
C．电流表读数变小，电压表读数变大 D．电流表读数变大，电压表读数变大
4．关于闭合电路,下列说法正确的是 ( ).
A. 电源短路时,放电电流非常大
B. 电源短路时, 路端电压等于电源电动势
C. 用电器增加时, 路端电压一定增大
D. 把伏特表直接和电源连接时, 伏特表的示数总小于电源电动势
5．电动机的电枢阻值为R, 电动机正常工作时, 两端电压为U, 通过电流强度为I, 工作时间为t, 下列说法中正确的是 ( )
A. 电动机消耗的电能为UIt
B. 电动机消耗的电能为I 2Rt
C. 电动机线圈生热为I 2Rt D ．电动机线圈生热为2
U t R
6．一段半径为D 的导线,电阻为0.1Ω,如果把它拉成直径为D 的导线,则电阻变为
( ).
A.0.2Ω
B. 0.4Ω
C. 0.8Ω D . 1.6Ω
7．在图电路中，当合上开关S 后，两个标有“3V 、1W ”的灯泡均不发光，用电压表测得U ac =U bd =6V,如果各段导线及接线处均无问题，这说明( )
A .开关S
未接通 B.灯泡L 1的灯丝断了
C.灯泡L 2的灯丝断了
D.滑动变阻器R 电阻丝断了
8.用伏安法测电池1和电池2的电动势1E 、2E 以及内阻1r 和2r ．由测得的数据在U —I 图上分别它们的图线直线1和直线2，如图4所示，由图可以判断：（ ）
A ．1E ＜2E ，1r ＜2r
B ．1E ＜2E ，1r ＞2r
C ．1E ＞2E ，1r ＞2r
D ．1
E ＞2E ，1r ＜2r
9．在如下左图的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A 、B 两灯亮度的变化情况为………………………………………………………………………………（ ）
A．A灯和B灯都变亮 B．A灯、B灯都变暗
C．A灯变亮，B灯变暗 D．A灯变暗，B灯变亮
10．如上面右图所示，当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，两电表的示数变化为（）A．电流表示数减小，电压表示数增大 B．电流表示数增大，电压表示数减小
C．两表示数均增大 D．两表示数均减小
第Ⅱ卷（非选择题，共62分）
二、实验题（本题共6个小题,共计60分，11-12每空2分，13题8分，14、15、16每题12分。
每小题做出答案后，请写在答题卡上．）
11.在使用多用表的直流电压档和直流电流档前要检查表针是否停在左端的
位置。
在
使用欧姆档时要注意，变换另一个倍率的欧姆档后，必须重新。
12.在描述小电珠的伏安特属性曲线的实验中，为了减少实验误差,电流表采用_________(填“外接法”或“内接法”).滑动变阻器以______________(填“分压式”或“限流式”)方式接入电路,这样做的好处是可以使小电珠两端的电压可以从______开始调节.
(1)将电路图画在下页的空白处.(2)在下页图中连接实物图.（3）建立U--I坐标系如图，根据实验情况画出图线的大致形状，并说明发生这种情况的原因。
（1）
（2）
（3）
13.如图所示，电源电动势E=9V，内电阻r=0.5Ω，电阻R1=5.0Ω、R2=3.5Ω、
R3=6.0Ω、R4=3.0Ω，电容C=2.0 μF。
求：当电键K由a与接触到与b接触通过R3的电量是多少？
14．如图所示电路，R1=R3=R4=2Ω，R2＝1Ω．当电键S断开时，电压表的示数为2.8V，当电键S闭合时，电压表的示数为2.5V，求（1）画出S断开时的等效电路图，求出外电路电阻值．（2）画出S闭合时的等效电路图，求出外电路电阻值．（3）电源电动势和内电阻各是多少？
O
I
U
15．如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机．p是一个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上．闭合开关ｓ，重物p以速度v匀速上升，这时电流表和电压表的示数分别是Ｉ＝5.0Ａ和Ｕ＝110Ｖ，重物p上升的速度v＝0.70ｍ／ｓ．已知该装置机械部分的机械效率为70%，重物的质量ｍ＝45kg（ｇ取10m／s2）．求(1)电动机消耗的电功率P电；(2)绳对重物做功的机械功率Ｐ机；(3)电动机线圈的电阻R．
16、如图所示，电灯L标有“4V、1W”。
滑动变阻器R总电阻为50Ω，当滑片P滑至某位置时，L恰好正常发光，此时电流表示数为0.45A，由于外电路发生故障，电灯L突然熄灭，此时电流表示数变为0.5A，电压表示数变为10V，若导线完好，电路中各处接触良好，试问：（1）发生故障是短路还是断路？发生在何处？
（2）发生故障前，滑动变阻器接入电路的阻值为多少？
（3）电源电动势和内电阻分别为多大？
物 理 （参考答案）
第I 卷（选择题，共48分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C A AD AC D C A B
B 11．调零 12.外接法、分压式、零（1）（2）（3）略
13． 1.7×10-5 C
14．解：（1）S 断开时，其等效电路如图所示，外电路上的电阻
)
(5412)(4324321Ω⨯
+=++++=R R R R R R R R 外＝2.8Ω
（2）S 闭合时，其等效电路如图所示，外电路的总电阻
】
（3）伏特表的示数为路端电压，S 断开，由欧姆定律：
r
R V
V E 外+=样
S 闭合，由欧姆定律：
r
R V V E 外'
+'=
又 V ＝2.8V V ′＝2.5V
解以上两个方程并把V 和V ′及外R 和外R '数值代入得
E ＝3.0V
r =0.2Ω
15. 解:(1)电动机消耗的电功率为 P 电=UI=5.5×110W=550W
(2)绳对重物做功的机械功率为Ｐ机=mgv=45×10×0.70W=315W
(3) 电动机输出的电功率为Ｐ机出=P η机=315
0.7W=450W
电动机线圈的电阻R 的发热功率为P =线 P 电--Ｐ机出=100W
由 P =线2
I R 得
电动机线圈的电阻R=2100425P I =Ω=Ω线
16、（1）发生故障在L 处，断路
（2）发生故障后，Ω
==202I U
R
发生故障前，路端电压 U2=I2R2=9V
变阻器电压为5V ，电阻为Ω
=Ω==2025.05
I U
R
（3）发生故障前，总电流为0.7A, 发生故障后，总电流为0.5A。