2015年湖南省衡阳市高考物理模拟试卷
【精编】2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷与解析
2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a114．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1 16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是N．最小值是N．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是m/s．高物体在第3s内通过的位移是m．19．（4分）电火花打点计时器的电源是（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔s打一次点．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是s，从抛出点到落地点发生的水平位移是m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为W，电阻在1min内产生的热量为J．28．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2 31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是极．如磁铁上端是S 极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向．34．（6分）一带电粒子的质量为m，电量为q，以速度v垂直射入磁感应强度为B的匀强磁场中，求：①粒子做匀速圆周运动的半径R②粒子运动的周期T．2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样【解答】解：物体沿三条不同的路径由A运动到B，起点和终点的位置都相同，则位移一定相同．故选D2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择【解答】解：A、参考系不一定必须是静止不动的，如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系，故A错误；B、任何物体均可作为参考系，匀速直线运动的物体也可以，但并不是必须这样，故B错误；C、参考系的选取是任意的，应根据所研究的问题灵活选取，并不是一定是选取地面上的物体为参考系，故C错误；D、参考系的选取是任意的，故任何物体都可以作为参考系，故D正确；故选：D．3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N【解答】解：分力的大小分别是30N和40N，合力的大小为F=N=50N，所以C正确．故选：C．4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持【解答】解：A、B、伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因，没有力作用的物体能保持原来的运动状态．故AB错误．C、物体不受外力作用时，可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态．故C错误．D、伽利略的理想斜面实验证明了运动的物体具有惯性，物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态．故D正确．故选：D5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些【解答】解：A、x﹣t图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，两物体都做匀速直线运动．故A错误；B、由图可知甲从原点出发，乙从距原点s1处出发．故两物体的出发点相距s1．故B正确；C、甲在t1时刻开始运动，而乙在t=0时刻开始运动，故甲比乙迟出发t1时间．故C错误．D、甲图象的斜率的绝对值大于乙图象的斜率的绝对值，所以甲的速度大于乙的速度，则甲比乙的运动要快．故D错误；故选：B．6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动【解答】解：物体的运动状态保持不变，那么物体速度的大小和方向都不能发生变化，A、物体匀速直线时，它的速度的大小和方向都不变，故A正确；B、匀加速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故B错误；C、匀减速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故C错误；D、自由落体运动时，速度在增大，运动状态变化，故D错误．故选：A7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零【解答】解：由牛顿第二定律可知，有了力的作用，物体就有了加速度，但是，在力刚开始作用的瞬间，物体还没有运动，所以物体的速度为零，故B正确．故选：B．8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．【解答】解：自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，其速度时间关系公式为v=gt=10t，故其v﹣t图是一条通过原点的直线，故ABD均错误，C正确；故选：C．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m【解答】解：设刹车过程的加速度大小为a，方向与汽车的初速度方向相反，已知汽车的初速度v0=20m/s，末速度v=0，位移x=2m，由位移速度关系式：v2﹣v02=﹣2ax，整理：a==100m/s2，①第二过程中已知汽车的初速度v01=40m/s，末速度v=0，加速度为a，设位移为X由位移速度关系式得：0﹣v012=﹣2aX整理得：X=②把①代入②得：X=8m故选：C10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关【解答】解：A、一切物体，不论是运动还是静止、匀速运动还是变速运动，都具有惯性，故A错误；B、百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时还有惯性，故B错误；C、任何物体在任何情况下都有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，故C错误；D、物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关，故D正确；故选：D．11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦【解答】解：A、运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力；故A正确；B、下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦，故B正确；C、生活中离不开摩擦，但摩擦越大，也不一定越好，汽车行驶；故C错误；D、工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦，故D正确．本题选择错误的，故选：C．12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力【解答】解：首先物体受重力、支持力，由题意还受水平推力，则物体有沿推力运动的趋势，而没有运动说明物体受到了与推力方向相反的静摩擦力．故D正确ABC错误．故选：D．13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a1【解答】解：A、B、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据v=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故V1＜V3；根据卫星的线速度公式v=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即V3＜V2；故V1＜V3＜V2，故A错误，B 正确；C、D、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据a=ω2r=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故山丘e的轨道加速度小于同步通信卫星q的加速度，即a1＜a3；根据加速度公式a=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故a1＜a3＜a2，故C错误，D正确；故选：BD．14．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法【解答】解：图甲中将桌面在力F作用下发生的形变通过反射光线在屏上光斑移动显示出来，采用放大法．图乙中，用手压琉璃瓶，琉璃瓶发生微小的变形，体积减小，由于管子很细，管中水位上升明显，即通过细管将瓶子的形变显示出来，采用的也是放大法．故选：B．15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1【解答】解：AC、P、Q两点共轴转动，角速度大小相等．故A正确，C错误．BD、设圆环的半径为R，根据几何知识可得：P、Q转动的半径分别为：r P=Rsin60°r Q=Rsin30°P、Q两点角速度相等，根据v=rω知，P、Q两点的线速度之比为：v P：v Q=r P：r Q=Rsin60°：Rsin30°=：1．故BD错误．故选：A16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N【解答】解：对物体研究：物体受到重力、细线的拉力和地面的支持力作用而平衡．细线的拉力为：F=G B=7N则地面的支持力为：F N=G A﹣F=G A﹣G B=4N弹簧秤的读数等于细线的拉力，或等于B的重力，即为7N．故选：B二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是10 N．最小值是4N．【解答】解：二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；故合力最大3N+7N=10N，最小7N﹣3N=4N，之间任意结果都可以；故答案为：10，4．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是9m/s．高物体在第3s内通过的位移是8m．【解答】解：第3s末的速度为：v=v0+at=3+2×3m/s=9m/s．第3s内的位移为：．故答案为：9，8．19．（4分）电火花打点计时器的电源是交流（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔0.02s打一次点．【解答】解：实验室所用电火花计时器是使用的电压为220V的交流电源，我国民用电的频率是50Hz，所以它每隔0.02s打一个点．故答案为：交流，0.02．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是2s，从抛出点到落地点发生的水平位移是12m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）【解答】解：由h=得t===2s从抛出点到落地点发生的水平位移为：x=v0t=6×2m=12m故答案为：2，12．21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．【解答】解：（1）由得，a=．故物体下落的加速度大小为8m/s2．（2）根据牛顿第二定律得，mg﹣f=ma则f=mg﹣ma=50﹣5×8N=10N故下落过程中物体所受阻力的大小为10N．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．【解答】解：（1）根据，t=．故小石块的落地时间为0.6s．（2）小球的水平位移为x=hcot30°=1.8m．所以水平速度竖直分速度v y=gt=10×0.6m/s=6m/s则落地的速度m/s．则故小石块的着地时的动能为0.315J．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第【解答】解：经过十年坚持不懈的努力，1831年英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象．故选：D．24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷【解答】解：A、B当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷．故AB错误．C、点电荷不一定电量很小的电荷．故C错误．D、体积很大的带电体只要距离足够大，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．故D正确．故选D25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理【解答】解：A、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电，更不能用剪刀割断导线，剪刀是导体，自己也会触电，故A错误，C正确；B、遇到这种情况应及时帮助，不能装作没看见；也不能喊人让别人来处理，这样由于耽误时间，可能造成人的死亡；故BD错误；故选：C．26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小【解答】解：A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，由图可知b处的磁感线密，所以b处的磁场强．故A错误，B正确；C、电流受到的安培力：F=BILsinθ，与磁感应强度的大小、电流的大小以及电流与磁场方向之间的夹角有关，所以同一通电导线放在a处受力不一定比放在b 处小，也不一定比放在b处大．故CD错误．故选：B27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为2W，电阻在1min内产生的热量为120J．【解答】答：电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率：P=I2R=2×12=2W电阻在1min内产生的热量：Q=I2Rt=12×2×60=120J故答案为：2，12028．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？【解答】解：（1）当磁场方向与电流方向垂直时，根据F=BIL得：F=5×10﹣2 N（2）导线不受安培力作用．答：（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，导线所受安培力5×10﹣2 N；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线不受安培力[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．【解答】解：A，A、B两者点处于同一圆周上，根据公式E=k，电场强度大小，但方向不同．故A错误；B，由图，AB两点的电场强度方向，根据公式E=k可知，电场大小不同，故B错误；C、在匀强电场中，各处的电场强度处处相同．故C正确；D、由图A、B 两点电场强度不同，大小也不同，E A＜E B．故D错误．故选：C．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2【解答】解：当外电阻无穷大时，路端电压等于电源的电动势，故U﹣I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，由图可知，2的电动势较大；U=E﹣Ir可知图象中的斜率表示电源的内阻，2的斜率较大，故2的内阻较大，故D正确，ABC错误；故选D．31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．【解答】解：根据一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，知电场力的方向由M指向N，所以电场强度的方向由N指向M．由M到N，加速度越来越大，知电场力越来越大，所以电场强度越来越大，所以M出要比N出疏．故D正确，A、B、C错误．故选D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机【解答】解：电饭锅工作时，电能转化为内能，利用电流的热效应．符合题意．电风扇工作时，主要是电能转化为机械能．录音机工作时，电能主要转化为声能．电视机主要将电能转化为声能和光能．故B正确，ACD错误．故选：B．33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是N极．如磁铁上端是S极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向右．【解答】解：电流方向由b到a，安培力向右，根据左手定则，知磁场方向竖直向下，所以磁铁上端是N极．磁铁上端是S极，电流方向自a到b，根据左手定则，知安培力方向向右．故答案为：N，右．。
2015年湖南省衡阳市衡阳县四中高考物理一模试卷
2015年湖南省衡阳市衡阳县四中高考物理一模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共8小题，共32.0分)1.两辆汽车，质量和初速度都相同，一辆沿粗糙水平路面运动，另一辆沿比较光滑的水平冰面运动，它们从减速到停止产生的热量（）A.沿粗糙路面较多B.沿冰面较多C.一样多D.无法比较【答案】C【解析】解：根据能量的转化与守恒：两辆汽车减小的动能均全部转化为摩擦产生的热量，两辆汽车，质量和初速度都相同，则初动能相同，则至静止时减少的动能相同，故产生的热量相同．故选：C．根据能量的转化与守恒：汽车减小的动能转化为内能．系统的机械能减小转化为内能，由能量守恒定律求得热量．2.A、B是竖直墙壁，现从A墙某处以垂直于墙面的初速度v抛出一质量为m的小球，小球下落过程中与A、B进行了多次碰撞，不计碰撞过程中的能量损失．下面四个选项中能正确反映下落过程中小球的水平速度v x和竖直速度v y随时间变化关系的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：小球在竖直方向上仅受重力，做自由落体运动，速度随时间均匀增大．在水平方向除了碰撞，不受作用力，速度的大小不变，方向碰撞时发生改变．故B正确，A、C、D 错误．故选B．将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，在水平方向小球除了碰撞外，不受力，速度的大小不变，在竖直方向上仅受重力，做自由落体运动．解决本题的关键掌握处理曲线运动的方法，关键将小球分解为水平方向和竖直方向，通过两个方向上的受力，判断物体的运动规律．3.如图所示，质量m=1kg、长L=0.8m的均匀矩形薄板静止在水平桌面上，其右端与桌子边缘相平．板与桌面间的动摩擦因数为μ=0.4．现用F=5N的水平力向右推薄板，使它翻下桌子，力F做的功至少为（g取10m/s2）（）A.1JB.1.6JC.2JD.4J【答案】B【解析】解：加速时，对木板受力分析，受到重力、支持力、推力F和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有F-μmg=ma1解得：a1=1m/s2减速时，对木板受力分析，受到重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：-μmg=ma2解得：a2=-4m/s2木板先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，到达桌面边缘时，速度减为零，设最大速度为v，根据位移速度公式，有解得：x1==0.32mW=F x1=1.6J故选：B．要使力F做的功最少就要使推力作用时间最短，推力撤去后，物体减速滑行，刚好重心到达桌面边缘时，速度减为零；对木板加速和减速分别受力分析，然后根据牛顿第二定律求得加速和减速的加速度，再根据运动学公式列式求出力作用的位移，再根据恒力做功公式求解．本题关键是找出作用时间最短的临界过程，然后先根据牛顿第二定律求解出加速过程和减速过程的加速度，再根据运动学公式列式求出力作用的位移，再根据恒力做功公式求解．4.质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面．下列说法中正确的是（）A.物体的重力势能减少mghB.物体的动能增加mghC.物体的机械能减少mghD.重力做功mgh【答案】B【解析】解：对物体受力分析可知，mg-F=m，所以F=mg，A、物体下降h时，重力做的功为mgh，所以物体的重力势能减少mgh，所以A错误，D错误；B、由动能定理可得，W总=△E K，即mgh=△E K，所以物体的动能增加为mgh，所以B 正确；C、物体下降h时，外力做的功为-F h=-mgh，所以物体的机械能减少mgh，所以C错误；故选B．物体以的加速度向下运动，对物体受力分析可知，物体受到重力之外，一定还受到向上的拉力的作用，根据力对物体的做功的情况，可以分析物体的能量的变化的情况．功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度．5.在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r．L1、L2是两个小灯泡，闭合S后，两灯均正常发光．当滑动变阻器的滑片向右滑动时，会出现（）A.L1变暗L2变暗B.L1变亮L2变暗C.L1变亮L2变亮 D.L1变暗L2变亮【答案】D【解析】解：由电路图可知，当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路的总电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，干路电流I变小，灯L1电阻R L1不变，由P L1=I2R L1可知，灯L1的实际功率变小，因此灯L1变暗；干路电流I变小，电源内阻r、灯L1电阻R L1不变，则并联电压U并=E-I（r+R L1）变大，灯L2电阻R L2不变，灯L2的实际功率变大，则灯L2变亮；故D正确；故选：D图中灯L2与滑动变阻器先并联，再与灯L1串联；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由闭合电路欧姆定律判断电路电流如何变化，可判断灯L1亮度如何变化；根据电路中电流变化，判断出并联电压如何变化，即分析灯L2亮度如何变化．本题是一道闭合电路的动态分析题，闭合电路的动态分析题是高中物理的常考问题，要掌握其解题思路，首先根据电路电阻变化情况由闭合电路欧姆定律判断电路电流如何变化，再由部分电路欧姆定律判断电源内电压如何变化，路端电压如何变化，然后应用串并联电路特点与规律、部分电路的欧姆定律、电功与电功率公式分析答题．6.如图所示，两个木块的质量关系是m a=2m b，用细线连接后放在倾角为θ的光滑固定斜面上．在它们沿斜面自由下滑的过程中，下列说法中正确的是（）A.它们的加速度大小关系是a a＜a bB.它们的加速度大小相等，且a＜gsinθC.连接它们的细线上的张力一定为零D.连接它们的细线上的张力一定不为零【答案】C【解析】解：A、B、对整体受力分析可知，整体受重力、弹力；将重力沿斜面和垂直于斜面进行分析，则支持力与重力垂直于斜面的分力相平衡，由牛顿第二定律可知：（m A+m B）gsinθ=（m A+m B）a解得：a=gsinθ；两物体的加速度相等．故A、B错误．C、D、对B分析，可知B受到的合力F=m B a=m B gsinθ；F=T+m B gsinθ故说明细绳的张力T为零；故C正确，D错误；故选C．先以整体为研究对象进行分析，可求得整体的加速度；再用隔离法分析绳子的张力．本题为简单的连接体问题，注意正确选取研究对象，一般先对整体分析可得出加速度，若分析内力时应采用隔离法进行分析．7.一航天探测器完成对月球的探测任务后，在离开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行，先加速运动，再匀速运动．探测器通过喷气而获得推动力．以下关于喷气方向的描述中正确的是（）A.探测器加速运动时，沿直线向后喷气B.探测器加速运动时，竖直向下喷气C.探测器匀速运动时，竖直向下喷气D.探测器匀速运动时，不需要喷气【答案】C【解析】解：A、B：探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行加速运动时，加速度的方向沿直线与速度方向相同，即合力的方向也沿直线与速度方向相同，而受到月球的万有引力方向竖直向下，所以，反冲力方向与运动直线成一角度斜向上，那么，喷气方向与运动直线成一角度斜向下，∴选项A、B错误．C、D：探测器匀速运动，受力平衡，合力为零，已知受到的月球的万有引力竖直向下，则受到的气体的反冲力竖直向上，因此，探测器竖直向下喷气，∴选项C正确，选项D 错误．故选：C．探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行时，受到月球竖直向下的万有引力及沿气体喷气方向相反的反冲力，在两个力的合力作用下运动，再由探测器的运动状态来判断反冲力的方向，进而判断喷气方向．解答本题把握好：探测器受到两个力，一是竖直向下的月球万有引力，另一个是喷气的反冲力，由探测器的运动状态结合力的合成平行四边形法则来确定反冲力的方向，自然喷气的方向就确定了．8.用一根细线一端系一可视为质点的小球，另一端固定在一光滑锥顶上，如图所示，设小球在水平面内作匀速圆周运动的角速度为ω，线的张力为T，则T随ω2变化的图象是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：设绳长为L，锥面与竖直方向夹角为θ，当ω=0时，小球静止，受重力mg、支持力N和绳的拉力T而平衡，T=mgcosθ≠0，所以A项、B项都不正确；ω增大时，T增大，N减小，当N=0时，角速度为ω0．当ω＜ω0时，由牛顿第二定律得，T sinθ-N cosθ=mω2L sinθ，T cosθ+N sinθ=mg，解得T=mω2L sin2θ+mgcosθ；当ω＞ω0时，小球离开锥子，绳与竖直方向夹角变大，设为β，由牛顿第二定律得T sinβ=mω2L sinβ，所以T=m Lω2，可知T-ω2图线的斜率变大，所以C项正确，D错误．故选：C．分析小球的受力，判断小球随圆锥作圆周运动时的向心力的大小，进而分析T随ω2变化的关系，但是要注意的是，当角速度超过某一个值的时候，小球会飘起来，离开圆锥，从而它的受力也会发生变化，T与ω2的关系也就变了．本题很好的考查了学生对物体运动过程的分析，在转的慢和快的时候，物体的受力会变化，物理量之间的关系也就会变化．二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)9.一条形磁铁放在水平桌面上，在它的上方靠S极一侧吊挂一根与它垂直的导体棒，图中只画出此棒的横截面图，并标出此棒中的电流是流向纸内的，在通电的一瞬间可能产生的情况是（）A.磁铁对桌面的压力减小B.磁铁对桌面的压力增大C.磁铁受到向右的摩擦力D.磁铁受到向左的摩擦力【答案】AD【解析】解：以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向左下方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向右上方，磁铁有向右运动的趋势，受到向左的摩擦力，同时磁铁对地的压力减小．故AD正确，BC错误．故选：AD．以导线为研究对象，根据电流方向和磁场方向判断所受的安培力方向，再根据牛顿第三定律，分析磁铁所受的支持力和摩擦力情况来选择．本题考查灵活运用牛顿第三定律选择研究对象的能力．关键在于先研究导线所受安培力．10.如图所示，由电动机带动的水平传送带以速度为v=2.0m/s匀速运行，A端上方靠近传送带料斗中装有煤，打开阀门，煤以流量为Q=50kg/s落到传送带上，煤与传送带达共同速度后被运至B端，在运送煤的过程中，下列说法正确的是（）A.电动机应增加的功率为100WB.电动机应增加的功率为200WC.在一分钟内因煤与传送带摩擦产生的热为6.0×103JD.在一分钟内因煤与传送带摩擦产生的热为1.2×104J【答案】BC【解析】解：设足够小的时间△t内落到传送带上煤的质量为△m，显然Q=△m/△t；这部分煤由于摩擦力f的作用被传送带加速，由功能关系得：煤块在摩擦力作用下加速前进，因此有：传送带的位移为：s传=vt相对位移为：△s=s传-s=s，由此可知煤的位移与煤和传送带的相对位移相同，因此摩擦生热为：．传送带需要增加的能量分为两部分：第一部分为煤获得的动能，第二部分为传送带克服摩擦力做功保持传送带速度．所以传送带△t内增加的能量△E为：功率：，由此可知A错误，B正确．．由前面的分析可知单位时间内产生的热量为：热因此一分钟产生的热量为：，故C正确，D错误．总热故选BC．煤流到传送带上后，在摩擦力作用下做初速度为零的匀加速直线运动，摩擦力对煤做正功，对传送带做负功，传送带多做的功转化为煤的动能以及系统之间产生热量，正确分析煤块的运动情况，利用功能关系可正确解答本题．传送带问题是高中物理中的一个重要题型，解答这类问题重点做好两类分析：一是运动分析，二是功能关系分析．11.如图所示，在场强大小为E的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线一端拴一个质量为m、电荷量为q的带负电小球，另一端固定在O点．把小球拉到使细线水平的位置A，然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平成θ=60°的位置B时速度为零．以下说法正确的是（）A.小球重力与电场力的关系是mg=E qB.小球重力与电场力的关系是E q=mgC.球在B点时，细线拉力为T=mgD.球在B点时，细线拉力为T=2E q【答案】BC【解析】解：（1）类比单摆，根据对称性可知，小球处在弧线中点位置时切线方向合力为零，此时细线与水平方向夹角恰为30°，根据三角函数关系可得：q E sin30°=mgcos30°，化简可知E q=mg，选项A错误、B正确；（2）小球到达B点时速度为零，向心力为零，则沿细线方向合力为零，此时对小球受力分析可知：T=q E cos60°+mgsin60°，故细线拉力T=mg，选项C正确、D错误．故选BC．类比单摆，小球从A点静止释放，运动到B点速度为0，说明弧AB的中点是运动的最低点，对小球进行受力分析，小球处在弧线中点位置时切线方向合力为零，再根据几何关系可以求出E q，球到达B点时速度为零，向心力为零，则沿细线方向合力为零，此时对小球受力分析，再根据几何关系即可解题．本题要求同学们能正确进行受力，并能联想到已学的物理模型，根据相关公式解题．12.地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v-t图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则（）A.在t=2.5s时，小球经过边界MNB.小球受到的重力与电场力之比为3：5C.在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等D.在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小【答案】BC【解析】解：A、小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是t=1s时．故A错误．B、由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为a1==v1、进入电场后的加速度大小为a2=，由牛顿第二定律得：mg=ma1=mv1…①F-mg=ma2得电场力：F=mg+ma2=…②由①②得重力mg与电场力F之比为3：5．故B正确．C、整个过程中，动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等．故C正确．D、整个过程中，小球具有两种形式的能：机械能与电势能，根据能量守恒定律得知，它们的总和不变．故D错误．故选BC小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻．分别求出小球进入电场前、后加速度大小，由牛顿第二定律求出重力与电场力之比．根据动能定理研究整个过程中重力做的功与电场力做的功大小关系．整个过程中，小球的机械能与电势能总和不变．本题一要能正确分析小球的运动情况，抓住斜率等于加速度是关键；二要运用牛顿第二定律和动能定理分别研究小球的受力情况和外力做功关系．三、填空题(本大题共3小题，共16.0分)13.1999年7月12日，日本原子能公司所属敦贺湾核电站由于水管破裂导致高辐射冷却剂外流，在检测此次重大事故中应用了非电量变化（冷却剂外泄使管中液面变化）转移为电信号的自动化测量技术．如图是一种通过检测电容器电容的变化来检测液面高低的仪器原理图．容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质，电容器的两个电极分别用导线接在指示器上，指示器上显示的是电容的大小，但从电容的大小就可知容器中液面位置的高低．由此作出下面的判断：如果指示器显示出电容增大了，则两电极正对面积______ （填“增大”、“减小”或“不变”），必为液面______ （“升高”、“降低”或“不变”）．【答案】增大；升高【解析】解：两电极正对面积时，根据电容器的决定式可知，电容增大，说明液面升高．故答案为：增大，升高根据电容器的决定式知，电容随着两电极正对面积增大而增大，即可知道液面高度的变化情况．本题关键掌握电容器的决定式，知道电容与哪些因素有关．14.如图所示，质量为m的小球在竖直平面内的光滑圆轨道上做圆周运动．圆半径为R，小球经过轨道最高点时刚好不脱离圆环，则其通过最高点时，小球对圆环的压力大小等于______ ．小球受到的向心力大小等于______ ．小球的线速度大小等于______ ．小球的向心加速度大小等于______ ．（重力加速度g已知）【答案】0；mg；；g【解析】解：小球经过轨道最高点时刚好不脱离圆环，则其通过最高点时，仅靠重力提供向心力，小球对圆环的压力大小等于0；小球受到的向心力大小等于mg；由mg=m，得v=；小球的向心加速度大小a=g．故答案为：0，mg，，g．小球经过圆环最高点时刚好不脱离圆环，轨道对小球的弹力为零，靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出小球的速度．解决本题的关键知道在最高点的临界情况，运用牛顿第二定律进行求解．15.如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为U A=15V，U B=3V，U C=-3V，由此可知D点电势U D= ______ V；若该正方形的边长为a=2cm，且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为E= ______ V/m．【答案】9；300【解析】解：匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，故连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接BE，则BE为一条等势线，根据几何知识可知，DF∥BE，则DF也是一条等势线，所以D点电势U D=9V．如图作出一条过A点的电场线（红线）．根据几何知识得：AE=在△AEB中，由正弦定理得：而U AB=E•AB sinα，AB=a=2cm联立解得：E=300V/m故答案为：9；300．连接AC，在AC上找出与B点等电势点，作出等势线，再过D作出等势线，在AC线上找出与D等势点，再确定D点的电势．根据电场线与等势面垂直垂直画出电场线，根据U=E d计算电场强度．本题关键是抓住匀强电场中沿着任意方向每前进相同的距离电势变化相等，电场线与等势面垂直以及公式U=E d分析计算．四、计算题(本大题共3小题，共36.0分)16.如图所示，细绳长为L，吊一个质量为m的铁球（可视作质点），球离地的高度h=2L，当绳受到大小为2mg的拉力时就会断裂．绳的上端系一质量不计的环，环套在光滑水平杆上，现让环与球一起以速度向右运动，在A处环被挡住而立即停止，A离墙的水平距离也为L．求在以后的运动过程中，球第一次碰撞点离墙角B点的距离是多少？【答案】解：环被A挡住的瞬间解得F=2mg，故绳断，之后小球做平抛运动；设小球直接落地，则，球的水平位移x=υt=2L＞L，所以小球先与墙壁碰撞；球平抛运动到墙的时间为t′，则′，小球下落高度′′；碰撞点距B的距离；答：球第一次碰撞点离墙角B点的距离是．【解析】小球先向右做匀速直线运动，环停止后绳断开做平抛运动，要判断先撞墙还是先落地，根据平抛运动的分位移公式列式求解即可．本题关键分析清楚小球的运动规律，然后分段考虑，不难．17.宇航员在一行星上以10m/s的速度竖直上抛一质量为0.2kg的物体，不计阻力，经2.5s后落回手中，已知该星球半径为7220km．（1）该星球表面的重力加速度g′多大？（2）要使物体沿水平方向抛出而不落回星球表面，沿星球表面抛出的速度至少是多大？（3）若物体距离星球无穷远处时其引力势能为零，则当物体距离星球球心r时其引力势能E p=-（式中m为物体的质量，M为星球的质量，G为万有引力常量）．问要使物体沿竖直方向抛出而不落回星球表面，沿星球表面抛出的速度至少是多大？【答案】解：（1）物体做竖直上抛运动，则有t=则得该星球表面的重力加速度g===8m/s2（2）由mg=m，得v1===7600m/s（3）由机械能守恒，得+（-G）=0+0又因g=所以v2=代入解得，v2=7600m/s≈10746m/s答：（1）该星球表面的重力加速度g是8m/s2．（2）要使物体沿水平方向抛出而不落回星球表面，沿星球表面抛出的速度至少是7600m/s．（3）要使物体沿竖直方向抛出而不落回星球表面，沿星球表面抛出的速度至少是10746m/s．【解析】（1）根据竖直上抛运动，运用运动学公式求出星球表面的重力加速度．（2）要使物体沿水平方向抛出而不落回星球表面，恰好由物体的重力提供向心力，物体绕星球做匀速圆周运动，由牛顿第二定律和向心力公式列式求解．（3）根据机械能守恒和重力加速度的表达式结合求解．解决本题的关键理解第一宇宙速度，掌握竖直上抛运动的规律，并能读懂题给予的信息，运用机械能守恒求解速度问题．18.如图所示，足够长的光滑斜面倾角θ=30°，一个带正电、电量为q的物体停在斜面底端B．现在加上一个沿斜面向上的场强为E的匀强电场，在物体运动到A点时撤销电场，那么：（1）若已知BA距离x、物体质量m，则物体回到B点时速度大小多少？（2）若已知物体在斜面上运动总时间是加电场时间的2倍，则物体质量m是多少？（重力加速度g已知）【答案】解：（1）加电场时a=-gsinθ则v2=2ax得：v=撤去电场后物体的加速度a′=gsinθ根据位移公式：v B2-v2=2a′x得：v B=（2）加电场的时间t1=物体在斜面上运动总时间t2=t1+′′=2由已知+′′联立得：m==答：（1）若已知BA距离x、物体质量m，则物体回到B点时速度大小为；（2）若已知物体在斜面上运动总时间是加电场时间的2倍，则物体质量m是．【解析】（1）先由牛顿第二定律物体上升时的加速度，由位移速度公式求出物体到达A时的瞬时速度，进而求出滑回B点时的速度大小；（2）先分别表示出物体在斜面上运动总时间和加电场时间，然后由它们之间的关系式求解．解答此类问题，正确的受力分析是关键．能够熟练应用牛顿第二定律和运动学公式．高中物理试卷第11页，共11页。
2015年湖南省五市十校联考高考物理模拟试卷(3月份)
2015年湖南省五市十校联考高考物理模拟试卷（3月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.在物理学发展史上伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献．以下选项中符合他们观点的是（）A.人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方B.两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大速度就越大C.两物体从同一高度自由下落，较轻的物体下落较慢D.一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”【答案】A【解析】解：A、人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，人保持起跳时车子的速度，水平速度将车子的速度，所以将落在起跳点的后方．符合伽利略、牛顿的惯性理论．故A正确．B、力越大，物体运动的速度越大，不是伽利略、牛顿的观点．故B错误．C、伽利略、牛顿认为重物与轻物下落一样快，所以此选项不符合他们的观点．故C错误．D、此选项说明力是维持物体运动的原因，是亚里士多德的观点，不是伽利略、牛顿的观点．故D错误．故选A人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方，符合伽利略、牛顿的惯性理论．两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大速度就越大，不符合伽利略、牛顿的观点．伽利略、牛顿认为重物与轻物下落一样快、力不是维持物体运动的原因．根据伽利略、牛顿的观点判断选项的正误．本题要对亚里士多德的观点和伽利略、牛顿的观点关于力和运动关系的观点有了解．可以根据牛顿的三大定律进行分析．2.如图，由两种材料做成的半球面固定在水平地面上，球右侧面是光滑的，左侧面粗糙，O点为球心，A、B是两个相同的小物块（可视为质点），物块A静止在左侧面上，物块B在图示水平力F作用下静止在右侧面上，A、B处在同一高度，AO、BO与竖直方向的夹角均为θ，则A、B分别对球面的压力大小之比为（）A.sin2θ：1 B.sinθ：1 C.cos2θ：1 D.cosθ：1【答案】C【解析】解：分别对A、B两个相同的小物块受力分析如图，由平衡条件，得：N=mgcosθ同理N′=由牛顿第三定律，A、B分别对球面的压力大小为N、N′；则它们之比为′，故C正确故选C分别对A、B两个相同的小物块受力分析，由受力平衡，求得所受的弹力，再由牛顿第三定律，求A、B分别对球面的压力大小之比．考查了受力分析，注意各力的方向，灵活利用平衡条件．3.某运动员（可看作质点）参加跳台跳水比赛，t=0是其向上起跳离开跳台瞬间，其速度与时间关系图象如图所示，则（）A.t1时刻开始进入水面B.t2时刻开始进入水面C.t3时刻已浮出水面D.0～t2时间内，运动员处于超重状态【答案】B【解析】解：A、B、D从开始到t2时刻，v-t图象为直线，说明整个过程中的加速度是相同的，加速度向下，处于失重状态，所以在0-t2时间内人在空中，先上升后下降，t1时刻到达最高点，t2之后速度减小，开始进入水中，所以AD错误，B正确；C、t3时刻，人的速度减为零，此时人处于水下的最深处，故C错误．故选：B．在v-t图象中，直线的斜率表示加速度的大小，速度的正负代表运动的方向，根据v-t 图象可以分析人的运动的情况，即可进行选择．本题主要就是考查学生对速度时间图象的理解，要知道在速度时间的图象中，速度的正负表示运动方向，直线的斜率代表的是加速度的大小，图象的面积代表的是位移．4.如图甲所示，一理想变压器给一个小灯泡供电．当原线圈输入如图乙所示的交变电压时，额定功率10W的小灯泡恰好正常发光，已知灯泡的电阻为40Ω，图中电压表为理想电表，下列说法正确的是（）A.变压器输入电压的瞬时值表达式为μ=220sinπt（V）B.电压表的示数为220VC.变压器原、副线圈的匝数比为11：1D.变压器的输入功率为110W【答案】C【解析】解：A、由图象可知，ω=，故A错误B、原线圈输入电压为220V，电压表示数为灯泡的额定电压U==20V，故B错误C、由B分析，结合变压比公式得，=，故C正确D、变压器的输入功率与输出功率相等，为10W，故D错误故选C根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比，与匝数成反比，即可求得结论掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题5.如图所示，a、b、c、d为某匀强电场中的四个点，且ab∥cd、ab⊥bc，bc=cd=2ab=2l，电场线与四边形所在平面平行．已知φa=20V，φb=24V，φd=8V．一个质子经过b点的速度大小为v0，方向与bc夹角为45°，一段时间后经过c点，e为质子的电量，不计质子的重力，则（）A.c点电势为14VB.质子从b运动到c所用的时间为C.场强的方向由a指向cD.质子从b运动到c电场力做功为12e V【答案】B【解析】解：A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线四等分，如图所示，已知a点电势为20V，b点电势为24V，d点电势为8V，且ab∥cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2L，因此根据几何关系，可得M点的电势为20V，与a点电热势相等，从而连接a M，即为等势面；三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线中点o的电势与c相等，为16V．故A错误．B、质子从b→c做类平抛运动，沿初速度方向分位移为l，此方向做匀速直线运动，则t=，则B正确．C、oc为等势线，其垂线bd为场强方向，b→d，故C错误．D、电势差U bc=8V，则质子从b→c电场力做功为8e V．故D错误．故选：B．连接bd，bd连线的中点O电势与C点相等，是16V；质子从b→c做类平抛运动，根据v0方向的分位移为l，求出时间；作出等势线oc，y就能判断场强方向；根据动能定理可求出b到c电场力做的功．本题关键是找等势点，作等势线，并抓住等势线与电场线垂直的特点，问题就变得简单明晰．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图所示，一导线弯成直径为d的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列说法中正确的是（）A.感应电流方向为逆时针方向B.CD段直导线始终不受安培力C.感应电动势的最大值E=B dvD.感应电动势的平均值=πB dv【答案】AD【解析】解：A、在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，A正确．B、根据左手定则可以判断，受安培力向下，故B错误．C、当半圆闭合回路进入磁场一半时，即这时等效长度最大为，这时感应电动势最大E=B dv，C错误．D、由法拉第电磁感应定律可得感应电动势平均值===πB dv，故D正确．故选：AD．由楞次定律可判断电流方向，由左手定则可得出安培力的方向；由E=BL v，分析过程中最长的L可知最大电动势；由法拉第电磁感应定律可得出电动势的平均值．本题注意以下几点：（1）感应电动势公式=来计算平均值；（2）利用感应电动势公式E=B lv计算时，l应是等效长度，即垂直切割磁感线的长度．7.一质量为m的小球套在倾斜放置的固定光滑杆上，一根轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到与弹簧水平的位置由静止释放，小球沿杆下滑，当弹簧位于竖直位置时，小球速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h，如图所示．若全过程中弹簧处于伸长状态且处于弹性限度内，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A.当弹簧与杆垂直时，小球动能最大B.当小球沿杆方向的合力为零时，小球动能最大C.在小球自开始下滑至滑到最低点的过程中，弹簧所做的负功小于mghD.在小球自开始下滑至滑到最低点的过程中，弹簧弹性势能的增加量等于mgh【答案】BD【解析】解：AB、弹簧与杆垂直时，弹力方向与杆垂直，合外力方向沿杆向下，小球继续加速，速度没有达到最大值．故A错误，B正确；CD、小球运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，系统机械能守恒，初末位置动能都为零，所以弹簧的弹性势能增加量等于重力势能的减小量，即为mgh，故C错误，D正确．故选：BD弹簧与杆垂直时，合外力方向沿杆向下，小球继续加速，速度没有达到最大值，运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，系统机械能守恒，根据机械能守恒定律分析即可求解．本题主要考查了机械能守恒定律的直接应用，要求同学们能正确分析小球的受力情况和运动情况，难度不大，属于基础题．8.某国际研究小组观测到了一组双星系统，它们绕二者连线上的某点做匀速圆周运动，双星系统中质量较小的星体能“吸食”质量较大的星体的表面物质，达到质量转移的目的．根据大爆炸宇宙学可知，双星间的距离在缓慢增大，假设星体的轨道近似为圆，则在该过程中（）A.双星做圆周运动的角速度不断减小B.双星做圆周运动的角速度不断增大C.质量较大的星体做圆周运动的轨道半径减小D.质量较大的星体做圆周运动的轨道半径增大【答案】AD【解析】解：AB、设质量较小的星体质量为m1，轨道半径为r1，质量大的星体质量为m2，轨道半径为r2．双星间的距离为L．转移的质量为△m．根据万有引力提供向心力对m1：=（m1+△m）ω2r1…①对m2：=（m2-△m）ω2r2…②由①+②得：ω=，总质量m1+m2不变，两者距离L增大，则角速度ω变小．故A正确、B错误．CD、由②式可得，把ω的值代入得：，因为，L增大，故r2增大．即质量较大的星体做圆周运动的轨道半径增大，故C错误、D正确．故选：AD．双星绕两者连线的一点做匀速圆周运动，由相互之间万有引力提供向心力，根据万有引力定律、牛顿第二定律和向心力进行分析．本题是双星问题，要抓住双星系统的条件：角速度与周期相同，运用牛顿第二定律采用隔离法进行研究．五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.有关分子的热运动和内能，下列说法正确的是（）A.一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变B.物体的温度越高，分子热运动越剧烈C.物体的内能是物体中所有分子热运动动能和分子势能的总和D.布朗运动是由悬浮在液体中的微粒之间的相互碰撞引起的E.外界对物体做功，物体的内能必定增加【答案】ABC【解析】解：A、温度是分子平均动能的标志，所以温度不变，分子的平均动能不变，A正确；B、物体的温度越高，分子热运动越剧烈，B正确；C、物体的内能就是物体内部所有分子的动能和分子势能的总和，C正确；D、布朗运动是由液体分子之间的不规则运动引起的，D错误；E、改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做功，物体的内能不一定增加，E错误；故选：ABC温度是分子平均动能的标志，内能是所有分子的动能和所有分子势能的总和，布朗运动反应了液体分子的无规则运动，改变内能的方式有做功和热传递．本题考查了分子平均动能的唯一标志是温度，还有物体的内能、改变内能的方式有做功和热传递、布朗运动等知识点，难度不大．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.一列简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形图如图所示，图中每小格代表1m，a、b、c为三个质点，a正向上运动．由此可知（）A.该波沿x轴正方向传播B.c正向上运动C.该时刻以后，b比c先到达平衡位置D.该时刻以后，b比c先到达离平衡位置最远处E.a质点振动一个周期，波传播的距离为8m【答案】ACE【解析】解：A、a点正向上运动，振动比左侧邻近的波峰迟，所以该波沿x轴正方向传播，故A正确．B、C波向右传播，由波形的平移法可知此时b向上运动，c正向下运动，所以b比c先到平衡位置，故B错误，C正确．D、由质点的运动方向判断可知，c比b先到达离平衡位置最远处．故D错误．E、a质点振动一个周期，波传播一个波长的距离，即为8m，故E正确．故选：ACE由a点的振动方向向上，通过比较质点振动先后判断波的传播方向，从而确定出各个质点的运动方向，即可比较各质点回到平衡位置的先后．简谐横波传播的过程中，介质中质点只在各自的平衡位置附近振动，不随波迁移．本题关键要熟练运用质点的带动法和波形平移法判断波的传播方向和质点的振动方向，知道波在一个周期内传播的距离是一个波长，波的基本特征是质点不随波迁移．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.下列说法正确的是（）A.根据玻尔理论，氢原子在辐射光子的同时，轨道也在连续地减小B.放射性物质的温度升高，则半衰期减小C.用能量等于氘核结合能的光子照射静止氘核，不可能使氘核分解为一个质子和一个中子D.某放射性原子核经过2次α衰变和一次β衰变，核内质子数减少3个E.根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小．【答案】CDE【解析】解：A、玻尔理论认为原子的能量是量子化的，轨道半径也是量子化的，故氢原子在辐射光子的同时，轨道不是连续地减小，故A错误．B、半衰期是放射性元素的原子核有半数发生衰变时所需要的时间，由原子核本身决定，与原子的物理、化学状态无关，故B错误；C、核子结合成原子核与原子核分解为核子是逆过程，质量的变化相等，能量变化也相等，故用能量等于氘核结合能的光子照射静止氘核，还要另给它们分离时所需要的足够的动能（光子方向有动量），所以不可能使氘核分解为一个质子和一个中子，故C正确；D、根据质量数和电荷数守恒，某放射性原子核经过2次α衰变质子数减少4，一次β衰变质子数增加1，故核内质子数减少3个，D正确；E、能级跃迁时，由于高能级轨道半径较大，速度较小，电势能较大，故氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小，故E正确；故选：CDE．玻尔理论认为原子的能量是量子化的，轨道半径也是量子化的；半衰期由原子核本身决定，与原子的物理、化学状态无关；核子结合成原子核与原子核分解为核子是逆过程，质量的变化相等，能量变化也相等；根据质量数和电荷数守恒判断；玻尔理论由玻尔提出．是在卢瑟福原子模型基础上加上普朗克的量子概念后建立的．明确α衰变，β衰变的实质，知道原子的能量是量子化的，轨道半径也是量子化的．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.如图1所示的装置，可用于探究恒力做功与速度变化的关系．水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘．实验首先保持轨道水平，通过调整砝码盘里砝码的质量让小车做匀速运动以实现平衡摩擦力，再进行后面的操作，并在实验中获得以下测量数据：小车、力传感器和挡光板的总质量M，平衡摩擦力时砝码和砝码盘的总质量m0，挡光板的宽度d，光电门1和2的中心距离s．（1）该实验是否需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于车的质量______ （填“需要”或“不需要”）（2）实验需用游标卡尺测量挡光板的宽度d，如图2所示，d= ______ mm（3）某次实验过程：力传感器的读数为F，小车通过光电门1和2的挡光时间分别为t1、t2（小车通过光电门2后，砝码盘才落地），已知重力加速度为g，则对该小车实验要验证的表达式是______ ．【答案】不需要；5.50；【解析】解：解：（1）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．（2）游标卡尺的主尺读数为5mm，游标读数等于0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为：5mm+0.50mm=5.50mm．（3）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．滑块通过光电门1速度为：，滑块通过光电门2速度为：，根据功能关系需要验证的关系式为：．故答案为：（1）不需要；（2）5.50；（3）．（1）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．（2）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．游标的零刻度线超过主尺上的刻度数为主尺读数，游标读数等于分度乘以对齐的根数．（3）光电门测速度的原理是用平均速度来代替瞬时速度，根据功能关系可以求出需要验证的关系式．了解光电门测量瞬时速度的原理，实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面，同时明确实验原理是解答实验问题的前提．10.LED绿色照明技术已经走进我们的生活．某实验小组要精确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约500Ω，电学符号与小灯泡电学符号相同．实验室提供的器材有：A．电流表A1（量程为0至50m A，内阻R A1约为3Ω）B．电流表A2（量程为0至3m A，内阻R A2=15Ω）C．定值电阻R1=697ΩD．定值电阻R2=1985ΩE．滑动变阻器R（0至20Ω）一只F．电压表V（量程为0至12V，内阻R V=1kΩ）G．蓄电池E（电动势为12V，内阻很小）F．开关S一只（1）如图所示，请选择合适的器材，电表1为______ ，电表2为______ ，定值电阻为______ ．（填写器材前的字母编号）（2）将采用的电路图补充完整．（3）写出测量LED灯正常工作时的电阻表达式R x= ______ （填字母），当表达式中的______ （填字母）达到______ ，记下另一电表的读数代入表达式，其结果为LED灯正常工作时电阻．【答案】F；B；D；；I2；1.5m A【解析】解：（1）（2）要精确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，需测量LED灯两端的电压和通过LED灯的电流，由于电压表的量程较大，测量误差较大，不能用已知的电压表测量LED两端的电压，可以将电流表A2与定值电阻串联改装为电压表测量电压；==1000Ω，A2的内阻为15Ω，则定值电阻应选D；改装电压表的内阻：R=额满偏LED灯正常工作时的电流约为I===6m A左右，电流表的量程较小，电流表不能精确测量电流，可以用电压表测量电流；因为滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法．电路图如图所示，由以上分析可知，电表1为F，电表2为B，定值电阻为D．（3）根据闭合电路欧姆定律知，灯泡两端的电压U=I2（R+R A2），通过灯泡的电流I=-I2，所以LED灯正常工作时的电阻R X==．改装后的电压表内阻为R V=1985+15Ω=2000Ω，则当I2=1.5m A时，LED灯两端的电压为3V，达到额定电压，测出来的电阻为正常工作时的电阻．故答案为：（1）F；B；D；（2）电路图如图所示；（2）；I2；1.5m A．滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法．LED灯的额定电压为3V，题目所给的电压表量程太大，测量不准确，需通过电流表和定值电阻改装一个电压表，因为通过LED的电流较小，可以用题目中的电压表当电流表使用．根据闭合电路欧姆定律求出LED正常工作时的电阻，根据欧姆定律得出LED电压为3V时，得到LED的电阻．本题的难点在于电流表的量程偏小，无法测电流，电压表的量程偏大，测量电压偏大，最后需通过改装，用电流表测电压，电压表测电流．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图所示，在高速公路某处安装了一台500万像素的固定雷达测速仪，可以准确抓拍超速车辆以及测量运动车辆的加速度．若汽车距测速仪355m时刻测速仪发出超声波，同时汽车由于紧急情况而急刹车，当测速接收到反射回来的超声波信号时，汽车恰好停止，此时汽车距测速仪335m，已知声速为340m/s．（1）求汽车刹车过程中的加速度；（2）若该路段汽车正常行驶时速度要求在60km/h～110km/h，则该汽车刹车前的行驶速度是否合法？【答案】解：（1）根据题意，超声波和汽车运动过程的示意图，如图所示．超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等，在整个这段时间内汽车的位移x=355-335m=20m．初速度为零的匀变速直线运动，在开始相等时间内的位移之比为1：3，所以x1=5m，x2=15m，则超声波被A接收时，AB的位移x′=335+5m=340m，′=s=1s．则t=2T=2s．所以超声波从B发出到被A接收所需的时间T=声根据△x=a T2得，a===10m/s2．（2）由A车刹车过程中的位移x=，解得刹车前的速度v0=20m/s=72km/h车速在规定范围内，是合法的．答：（1）汽车刹车过程中的加速度为10m/s2；（2）若该路段汽车正常行驶时速度要求在60km/h～110km/h，则该汽车刹车前的行驶速度合法．【解析】（1）从B发出超声波到接收到反射回来的超声波信号这段时间内，求出A的位移，由于超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等，根据匀变速直线运动的推论求出超声波从B发出到A这段时间内A的位移，从而得出超声波从B到A的位移，根据声速求出运行的时间，从而再根据△x=a T2求出汽车运动的加速度．（2）根据速度位移公式求出刹车前的速度，进而判断是否合法．解决本题的关键理清运动过程，抓住超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等，运用匀变速直线运动的规律进行求解．12.如图所示，空间存在匀强电场和匀强磁场，电场方向为y轴正方向，磁场方向垂直于xy平面（纸面）向外，电场和磁场都可以随意加上或撤除，重新加上的电场或磁场与撤除前的一样．一带正电荷的粒子从坐标原点O（0，0）点以一定的速度v0平行于x轴正向入射．这时若只有磁场，粒子将做半径为R0的圆周运动；若同时存在电场和磁场，粒子恰好做直线运动．现在只加电场，当粒子从O点运动到x=R0平面（图中虚线所示）时，立即撤除电场同时加上磁场，粒子继续运动，其轨迹与x轴交于M点，不计重力，求：（1）粒子到达x=R0平面时的速度．（2）M点的横坐标x M．【答案】解：（1）粒子做直线运动时，有：q E=q B v0只有磁场时粒子做圆周运动，有：q B v0=m只有电场时，粒子做类平抛运动，则有：q E=maR0=v0tv y=at解得：v y=v0粒子的速度大小为：v==v0速度方向与x轴的夹角为：θ=（2）当粒子从运动到x=R0平面，粒子与x轴的距离为：H=at2=．撤去电场加上磁场后，有：q B v=m解得：R=R0此时粒子的运动轨迹如图所示．圆心C位于与速度v方向垂直的直线上，该直线与x轴和y轴的夹角均为．由几何关系可得C点的坐标为：x C=2R0y C=-过C点作x轴的垂线，在△CDM中，有：l CM=R=R0l CD=解得：l DM==R0M点的横坐标为：x M=2R0+R0．答：（1）粒子到达x=R0平面时的速度大小为v0，速度方向与x轴的夹角为．（2）M点的横坐标x M是2R0+R0．【解析】（1）做直线运动时电场力等于洛伦兹力，做圆周运动洛伦兹力提供向心力，只有电场时，粒子做类平抛运动，联立方程组即可求解；（2）撤电场加上磁场后做圆周运动洛伦兹力提供向心力，求得R，再根据几何关系即可求解．该题是带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们理解仅有电场时，粒子做类平抛运动，只有磁场时做匀速圆周运动，再根据圆周运动和平抛运动的基本公式及几何关系解题，本题难度较大．六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)。
2015高考物理模拟试题题
2015高考物理模拟试题一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.）1.许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列表述正确的是 A ．牛顿第一定律是通过多次实验总结出的一条实验定律 B ．牛顿通过著名的扭秤实验测出了引力常量的数值C ．亚里士多德发现了力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因D ．开普勒三大定律揭示了行星的运动规律，为万有引力定律的发现奠定了基础2．如图，一质量为M 的直角劈B 放在水平面上，在劈的斜面上放一质量为m 的物体A ，用一沿斜面向上的力F 作用于A 上，使其沿斜面匀速上滑，在A 上滑的过程中直角劈B 相对地面始终静止。
以f 和N 分别表示地面对劈的摩擦力及支持力，则下列正确的是A ．f = 0，N = Mg +mgB ．f 向左，N <Mg +mgC ．f 向右，N <Mg +mgD ．f 向左，N =Mg +mg3．如图所示，工厂利用皮带传输机把货物从地面运送到高出水平地面的C 平台上，C 平台 离地面的高度一定．运输机的皮带以一定的速度v 顺时针转动且不打滑．将货物轻轻地 放在A 处，货物随皮带到达平台．货物在皮带上相对滑动时，会留下一定长度的痕迹．已 知所有货物与皮带间的动摩擦因数为μ,若皮带的倾角为θ、运行速度v 和货物质量m 都可以改变，始终满足tan θ＜μ.可以认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则以下说法正确的是（ ）A ．当速度v 一定时，角θ越大，运送时间越短B ．当倾角θ一定时，改变速度v ，运送时间不变C ．当倾角θ和速度v 一定时，货物质量m 越大，皮带 上留下的痕迹越长D ．当倾角θ和速度v 一定时，货物质量m 越大，皮带上摩擦产生的热越多4.均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB 上均匀分布正电荷，总电荷量为q ，球面半径为R ，CD 为通过半球顶点与球心O 的轴线，在轴线上有M 、N 两点，OM =ON=2R ．已知M 点的场强大小为E ，则N 点的场强大小为（ ）A ．22kq R -EB ．24kqRC ．24kq R -ED ．24kqR +Eα F v BA++ + + + ++ OM NC DRABh LmB h2h3m5.“约瑟夫森结”由超导体和绝缘体制成。
湖南省2015届高考仿真模拟物理试卷
湖南省2015届高三高考仿真理科综合能力试题时量：150分钟总分：300分注意事项：1．本试题卷分选择题和非选择题两部分，共16页。
时量150分钟，满分300分。
答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡和本试题卷上。
2．回答选择题时，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试题卷和草稿纸上无效。
3．回答非选择题时，用0.5毫米黑色墨水签字笔将答案按题号写在答题卡上。
写在本试题卷和草稿纸上无效。
4．考试结束时，将本试题卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H-l C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 S-32二、选择题（本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）14.物理学中研究问题有多种方法，有关研究问题的方法叙述错误的是A．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B．伽利略斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻地反映自然规律C．探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，可以在质量一定的情况下，探究物体的加速度与力的关系；再在物体受力一定的情况下，探究物体的加速度与质量的关系；最后归纳出加速度与力、质量之间的关系。
这是物理学中常用的控制变量的研究方法D．在公式UIR=中电压u和电流I具有因果关系、公式E nt∆Φ=∆中△Φ和E具有因果关系，同理在vat∆=∆中△v和a具有因果关系15.如图所示，斜劈A静止放置在水平地面上，木桩B固定在水平地面上，弹簧k把物体与木桩相连，弹簧与斜面平行。
质量为m的物体和人在弹簧k的作用下沿斜劈表面向下运动，此时斜劈受到地面的摩擦力方向向左。
则下列说法正确的是A．若剪断弹簧，物体和人的加速度方向一定沿斜面向下B．若剪断弹簧，物体和人仍向下运动，A受到的摩擦力方向可能向右C．若人从物体m离开，物体m仍向下运动，A受到的摩擦力可能向右D．若剪断弹簧同时人从物体m离开，物体m向下运动，A可能不再受到地面摩擦力16.如图所示，表面粗糙的斜面体固定在水平地面上。
2015年湖南省衡阳市高考物理二模试卷
2015年湖南省衡阳市高考物理二模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献，关于科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A.法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流B.哥白尼提出日心说并发现了太阳系中行星沿椭圆轨道运动的规律C.伽利略不畏权威，通过“理想斜面实验”，科学地推理出“力不是维持物体运动的原因”D.奥斯特发现了电磁感应现象，使人类从蒸汽机时代步入了电气化时代【答案】C【解析】解：A、奥斯特在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流，故A错误；B、开普勒发现了太阳系中行星沿椭圆轨道运动的规律，故B错误；C、伽利略通过“理想斜面实验”，最早指出力不是维持物体运动的原因，故C正确；D、法拉第发现了电磁感应现象，使人类从蒸汽机时代步入了电气化时代，故D错误；故选：C据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.如图所示，三根细线共系于O点，其中OA竖直，OB水平并跨过定滑轮悬挂一个重物，OC的C点固定在地面上，整个装置处于静止状态，若使C点稍向水平右移，同时保持O、B点位置不变，装置仍然保持静止状态，则细线OA的拉力T1和OC的拉力T2与原先相比是（）A.T1、T2都减小B.T1、T2都增大C.T1增大，T2减小D.T1减小，T2增大【答案】B【解析】解：以O点为研究对象，其受F A、F B、F C三个力平衡，如图．当按题示情况变化时，OB绳的拉力F B不变，OA绳拉力F A的方向不变，OC绳拉力F C 的方向与拉力F B方向的夹角增加，保持平衡时F A、F C都是增加的．以结点O为研究对象受力分析，受三个拉力而平衡，根据平衡条件，用矢量图分析较方便．本题属于力的动态平衡问题，用图解法比较方便，也可以用函数法分析．3.如图所示，A为太阳系中的天王星，它绕太阳O运行可视为做轨道半径为R0，周期为T0的匀速圆周运动．天文学家经长期观测发现，天王星实际运动的轨道与圆轨道总有一些偏离，且每隔t0时间发生一次最大偏离，形成这种现象的原因是天王星外侧还存在着另一颗行星B，假设行星B与A在同一平面内，且与A的绕行方向相同，绕O作匀速圆周运动，它对天王星的万有引力导致了天王星轨道的偏离，由此可推测行星B的运动轨道半径是（）A.R0B.R0C.R0D.R0【答案】D【解析】解：周期每隔t0时间发生一次最大偏离，知每隔t0时间A、B两行星相距最近，即每隔t0时间A行星比B行星多运行一圈．有：，则T B=，根据万有引力提供向心力：，r=，所以r B=R0，故D正确．故选：DA行星实际运动的轨道与圆轨道总有一些偏离，且周期每隔t0时间发生一次最大偏离，知每隔t0时间A、B两行星相距最近，可以求出B的周期，再根据万有引力提供向心力，得出轨道半径．解决本题的关键知道每隔t0时间发生一次最大偏离，知每隔t0时间A、B两行星相距最近，而得出每隔t0时间A行星比B行星多运行一圈．以及会利用万有引力提供向心力：4.如图所示，固定在水平面上的光滑斜面倾角为θ=30°，物体A，B通过细绳及轻弹簧连接于光滑轻滑轮两侧，P为固定在斜面上且与斜面垂直的光滑挡板，物体A，B的质量分别为m和4m，开始时用手托住物体A，滑轮两边的细绳恰好伸直，且左边的细绳与斜面平行，弹簧处于原长状态，A距离地面高度为h，放手后A从静止开始下降，在A下落至地面前的瞬间，物体B恰好对挡板无压力，空气阻力不计，下列关于物体A的说法正确的是（）A.在下落至地面前的过程中机械能守恒B.在下落至地面前的瞬间速度不一定为零C.在下落至地面前的过程中对轻弹簧做的功为mghD.在下落至地面前的过程中可能一直在做加速运动C【解析】解：A、A从静止到下落过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，所以A在下落至地面的过程中系统的机械能守恒，而A的机械能不守恒，故A错误；BD、据在A下落至地面前的瞬间，物体B恰好对挡板无压力，以B为研究对象，据平衡求得此时弹簧的弹力为T=4mgsin30°=2mg；再以A为研究对象，当A静止释放的瞬间，A受重力mg，其合力方向向下，大小为mg；当A落地瞬间，A受重力mg和弹簧的弹力2mg，其合力向上，大小为mg，A做简谐运动，据对称性可知，落地瞬间其速度为零；据弹簧振子的运动情况可知，A向下运动时，先做加速度减小的加速运动，然后做加速度逐渐增大的减速运动，故BD错误；C、据A做简谐运动和能量守恒可知，A落地瞬间，A的重力势能完全转化为弹簧的弹性势能，所以弹簧的弹力做功为mgh，故C正确；故选：C．首先知道题境，分析AB两物体的受力情况及各力做功情况，从而分析A其运动情况，类比弹簧振子，从而判断选项．明确A的运动情况和B在A落地瞬间的弹力是解题的前提，类比弹簧振子模型是解题的关键，灵活应用能量守恒判断弹簧做功情况，题目有点难度．5.如图所示，带异种电荷的粒子a、b以相同的动能同时从O点射入宽度为d的有界匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为30°和60°，且同时到达P点，已知OP连线与边界垂直．则a、b两粒子的质量之比为（）A.3：4B.2：1C.1：2D.4：3【答案】A【解析】解：根据题意画出a、b粒子的轨迹如图所示，则a、b粒子的圆心分别是O1和O2，设磁场宽度为d，由图可知，=d，粒子a的半径为：r a=°=d粒子b的半径为：r b=°可得：r a：r b=1：由于粒子的运动时间相等，则有：T a=T b，即由qv B=m，得粒子的轨道半径为：r=，周期为：T==可得又由于a、b动能相等：故选：A．画出来粒子的轨迹图，并确定圆心、求出半径和圆心角，然后根据动能相等的条件以及相等的运动时间并结合圆周运动公式联立即可求解．求解有关带电粒子在有界磁场中的运动问题的关键是画出轨迹图，并根据几何知识确定圆心求出半径和圆心角，再结合圆周运动的有关规律联立即可求解．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图所示，斜面倾角为θ，在斜面上空A点水平抛出两个小球a、b，初速度分别为v a、v b，a球落在斜面上的N点，且AN连线恰好垂直于斜面，而b球恰好在M点与斜面垂直相碰．下列说法正确的有（）A.a、b两球水平位移之比2v a：v bB.a、b两球水平位移之比2v：vC.a、b两球下落的高度之比4v：vD.a、b两球下落的高度之比2v：v【答案】BC【解析】解：a球落在N点，位移与斜面垂直，则位移与水平方向的夹角为90°-θ，设此时的速度方向与水平方向的夹角为α，则tanα=2tan（90°-θ），b球速度方向与斜面垂直，速度与水平方向的夹角为90°-θ，则：解得：，根据h=知，a、b下落的高度之比为：，故C正确，D错误．根据t=知，a、b的运动时间之比为2v a：v b，水平位移x=v0t，知a、b两球的水平位移之比为：，故B正确，A错误．故选：BC．平抛运动在某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，结合a、b两球落在斜面上速度与水平方向的夹角关系求出a、b两球的竖直分速度之比，从而得出运动的时间之比和高度之比，结合初速度和时间之比求出水平位移之比．解决本题的关键掌握平抛运动的推论，即某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，以及知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．7.如图所示，a，b，c，d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=L，ad=bc=2L，电场线与矩形所在平面平行，已知a点电势为20V，b点电势为24V，d点电势为12V，一个质子从b点以v0的速度射入电场，入射方向与bc成45°，一段时间后经过c点，不计质子的重力，下列判断正确的是（）A.电场强度方向沿bd指向dB.c点的电势为16VC.质子从b运动到c，电场力做功为4e VD.质子从b运动到c所用的时间为BD【解析】解：A、在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等，故U a-U d=U b-U c，解得：U c=16V，d点电势为12V，设ad连线中点为O，则其电势为16V，故co为等势面，电场线与等势面垂直，则电场线沿着bo方向，故A错误，B正确；C、根据W=q U，质子从b点运动到c点，电场力做功为W=q U bc=1e×（24V-16V）=8e V，电势能减小8e V，故C错误；D、由上可知，电场线沿着bo方向，质子从b运动到c做类平抛运动，垂直于bo方向做匀速运动，位移大小为x=2L•=L，则运动时间为t==．故D正确．故选：BD在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等；根据电场线与等势面垂直垂直画出电场线，根据W=q U计算电场力做的功本题的关键在于找出等势面，然后才能确定电场线，要明确电场线与等势线的关系，能利用几何关系找出等势点，再根据等势线的特点确定等势面8.一质量为m的物块以一定的初速度v0从某固定斜面底端沿斜面向上运动，恰能滑行到斜面顶端，若物块和斜面间动摩擦因数一定，设斜面的高度为h，底边长度为x，下列说法正确的是（）A.若只增大m，物块仍能滑到斜面顶端B.若增大h，保持v0，x不变，则物块不能滑到斜面顶端，但上滑最大高度一定增大C.若增大x，保持v0，h不变，则物块不能滑到斜面顶端，但滑行水平距离一定增大D.若再施加一个垂直斜面向下的恒力，其它条件不变，则物块一定从斜面顶端滑出【答案】ABC【解析】解：A、物块以一定的初速度v0从斜面底端沿斜面向上运动，恰能滑行到斜面顶端，根据动能定理得，-mgh-μmgscosθ=0-mv02，即gh+μgx=v02，可见与物体的质量无关，增大m，物块仍能滑到斜面顶端．故A正确．B、根据gh+μgx=v02，知h增大，物块不能滑到斜面的顶端，结合gh+μghcotθ=v02，知h=，增大h，θ增大，则上升的最大高度增大．故B正确．C、根据B分析，知x增大，物块不能滑到斜面的顶端，增大x，斜面的倾角变小，则滑行的最大距离一定增大．故C正确．D、施加一个水平向右的恒力，恒力沿斜面方向的分力可能小于摩擦力的增加量，则物块不一定能从斜面顶端滑出．故D错误．故选：ABC根据动能定理求出初速度与上升高度之间的关系式，抓住水平位移和竖直高度的关系，结合关系式分析求解解决本题的关键得出动能定理得出初速度和上升最大高度的关系式，通过关系式分析求解，属于较难题目．五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.以下说法中正确的是（）B.在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加C.液晶即具有液体的流动性，又像某些晶体那样具有光学各向异性D.由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势E.在温度不变的情况下，增大液面上方饱和汽的体积，待气体重新达到饱和时，饱和汽的压强增大【答案】BCD【解析】解：A、墒增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行，故A错误；B、根据热力学第一定律△U=W+Q，Q=0，W＞0，故B正确；C、液晶即具有液体的流动性，又像某些晶体那样具有光学各向异性，故C正确；D、表面张力产生的本质可知，液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势．故D正确；E、饱和气压只与温度有关，增大液面上方饱和汽的体积，待气体重新达到饱和时，饱和汽的压强增大．故E错误故选：BCD墒增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行；热力学第一定律△U=W+Q；液晶的特点是即具有液体的流动性，又有光学的各向异性；饱和气压只与温度有关；根据表面张力产生的本质解释．该题考查了热力学第二定律、热力学第一定律、液晶的特点、表面张力以及饱和蒸汽压等基本概念，属于对基础知识点的考查，这一类的题目，多加积累就可以做好．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.如图所示，a、b和c都是厚度均匀的平行玻璃板，a和b、b和c之间的夹角都为β．一细光束由红光和蓝光组成，以入射角θ从O点射入a板，且射出c板后的两束单色光射在地面上P，Q两点，由此可知（）A.射出c板后的两束单色光与入射光平行B.射到P点的光在玻璃中的折射率较大C.射到P点的光在玻璃中的传播速度较大，波长较长D.若稍微增大入射角θ，光从b板上表面射入到其下表面时，在该界面上有可能发生全反射E.若射到P，Q两点的光分别通过同一双缝发生干涉现象，则射到P点的光形成干涉条纹的间距小，这束光为蓝光【答案】ABE【解析】解：A、光线经过平行玻璃板时出射光线和入射光线平行，则最终从c板射出的两束单色光与入射光仍然平行．故A正确．B、射到P点的光偏折程度比射到P点的光偏折程度厉害，知射到Q点的光在玻璃中的折射率较大．故B正确．C、射到P点的光折射率较大，根据v=知，在玻璃中传播的速度较小，折射率大，则频率大，波长小．故C错误．可知，光线不可能在下表面上发生全反射，故D错误．E、根据△x=λ知，条纹间距较小的光波长小，则频率大，折射率大，偏折厉害，为射到P点的光，即蓝光．故E正确．故选：ABE．根据光的偏折程度比较光的折射率的大小，从而比较出波长的大小，根据v=比较出光在介质中的传播速度大小，根据双缝干涉条纹的间距公式比较间距的大小．解决本题的关键要掌握平行玻璃砖的光学特性，知道折射率、频率、波长、在介质中的速度与折射率的关系等等．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.下列说法中正确的是（）A.光电效应是原子核吸收光子向外释放电子的现象B.卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，揭示了原子的核式结构C.235U的半衰期约为7亿年，随地球环境的变化，半衰期可能变短D.据波尔理论知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小，核外电子的动能增大E.碘131能自发地进行β衰变，衰变后生成的新物质原子核比碘131原子核多一个质子而少一个中子【答案】BDE【解析】解：A、当入射光的频率大于金属的极限频率，金属中的一个电子吸收了光子的能量，克服原子核的束缚而释放出来，从而形成了光电效应，故A错误．B、卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，发现了少数α粒子发生了大角度偏转，从而揭示了原子的核式结构，故B正确．C、半衰期由原子核本身决定，与环境无关；所以环境变化时半衰期不变，故C错误．D、据波尔理论知，氢原子辐射出一个光子后，电子的轨道半径减小，电场力做正功，则氢原子的电势能减小，核外电子的动能增大，故D正确．E、β衰变是一个中子变为质子同时释放一个电子的过程，因此β衰变后生成的新物质原子核比碘131原子核少一个中子而多一个质子，故E正确；故选：BDE．当入射光的频率大于金属的极限频率，金属发射出电子的现象叫光电效应；卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，揭示了原子的核式结构；半衰期由原子核本身决定，与环境无关；氢原子辐射出一个光子后，根据电场力做功情况，分析氢原子的电势能和动能的变化；发生β衰变时原来原子核中的一个中子转化为一个质子和一个电子．本题考查了物理光学和原子物理中的基础知识，其中光电效应、玻尔理论和半衰期是考试的重点，要加强训练，牢固掌握．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.用如图1所示的实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒，m2从高处由静止开始下落，m1上拖着纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可用来验证机械能守恒定律，图2中给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两f=50H z，m1=50g，m2=150g，g=9.8m/s2．则（所有结果均保留三位有效数字）①在纸带上打下计数点5时的速度v5= ______ m/s；②在打点0～5过程中系统势能的减少量△E p= ______ J；③在打点0～6过程中，m2运动加速度的大小a= ______ m/s2．【答案】2.40；0.588；4.80【解析】解：（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，v5==2.40m/s（2）系统势能的减小量为：△E p=（m2-m1）gx05=0.1×9.8×（0.384+0.216）=0.588J．（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=a T2可以求出加速度的大小，得：a==4.80m/s2．故答案为：（1）2.40；（2）0.588；（3）4.80根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点5的瞬时速度，从而得出系统动能的增加量，根据两点间的距离求出系统重力势能的减小量．根据匀变速直线运动的推论公式△x=a T2可以求出加速度的大小．解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度、加速度，关键是匀变速直线运动两个重要推论的运用．10.为了探究额定电压为6V，额定功率为9W的小灯泡消耗的功率与电压的关系，提供了如下的实验器材：A．电压表V1（0～2V，内阻2kΩ）B．电压表V2（0～15V，内阻15kΩ）C．电流表A（0～2A，内阻约1Ω）D．定值电阻R1=4kΩE．定值电阻R2=16kΩF．滑动变阻器R（0-15Ω，2A）G．学生电源（直流9V，内阻不计）H．开关、导线若干母填写）；（2）在探究功率与电压的关系时，要求电压从零开始调节，并且多次测量，在图1中画出满足要求的电路图；（3）根据设计的电路图，写出电压表读数U V与小灯泡两端电压U的关系______ ．若小灯泡的电功率为P，则关系图线可能正确的是______ ．【答案】A；D；3U V；D【解析】解：（1）灯泡额定电压是4V，两电压表量程分别是：2V、15V，2V量程太小，15V量程太大，为准确测量电压，应该用电压表V1（0～2V，内阻2kΩ）与定值电阻R1=4kΩ串联组成新电压表测电压，故电压表选A，定值电阻选D．（2）电压从零开始调节，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻R===4Ω，电压表内阻为4kΩ，电流表内阻为1Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示．（3）电压内阻与定值电阻阻值相等，流过它们的电流相等，则电压表两端电压是定值电阻两端电压的一半，电压表读数U V与小灯泡两端电压U的关系为：U=3U V；灯泡实际功率P=，由于灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯泡两端电压越大，灯泡实际功率约为，灯丝温度越高，灯泡电阻随灯泡两端电压增大而增大，则随电压增大而减小，则灯泡实际功率P与U2的函数图象斜率随U2增大而减小，故D正确，故选D．故答案为：（1）A；D；（2）电路图如图所示；（3）U=3U V；D．（1）根据灯泡额定电压选择电压表．（2）根据题目要求确定滑动变阻器与电流表接法，然后作出实验电路图．（3）根据电路图，应用串联电路特点分析答题，根据电功率公式分析答题．本题考查灯泡的伏安特性曲线的描给方法；正确设计实验电路的关键是：确定滑动变阻器与电流表的接法，当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器应采用分压接法．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.2014年10月9日，京津地区出现雾霾，雾霾是由于大量细微的沙尘粒、盐粒等均匀地浮游在空中，使有效水平能见度小于10km的空气混蚀的现象．另一种气象灾害--沙尘暴天气，是风把一些沙尘颗粒扬起来，与“霾”不同的是颗粒要大得多且必须有比较大的风．（1）假定某路段上由于严重雾霾的影响，其最大可见距离小于18m．某汽车以72km/h 的速度运动，刹车需滑行20m才能完全停下，如果司机发现情况到踩下刹车的反应时间约为0.45s，求该车在该路段的最大速度．（2）对沙尘暴天气，现把沙尘上扬后的情况简化为如下情况：v为竖直向上的风速，速度v竖直向下运动时所受的阻力，阻力可表达为f=βρ0A v2，其中β是一常数，A 为沙尘颗粒的截面积，ρ0为地球表面的空气密度．若颗粒的密度为3ρ0，沙尘颗粒为球形，半径为r，不计空气对沙尘颗粒的浮力，重力加速度为g，试计算在地面附近，上述v的最小值v min．【答案】解：（1）小车以72km/h运动时，把刹车用力踩下，还需前行20m才能完全停下，根据速度位移公式，有：v2=2as202=2a×20得：a=10m/s2允许的最大速度时，先匀速直线运动后匀减速直线运动：v m△t+=s2解得：v m=15m/s（2）在地面附近，沙尘扬起能悬浮在空中，则空气阻力应与重力平衡，即：βρ0A v min2=mg又：A=πr2m=ρπr3联立得：v min=2答：（1）该车在该路段的最大速度为15m/s；（2）在地面附近，速度v的最小值为2．【解析】（1）汽车在反应时间内做匀速直线运动，此后做匀减速直线运动，根据运动学公式列方程组求解；（2）沙尘扬起能悬浮在空中，则空气阻力应与重力平衡，根据平衡条件列式求解即可．本题第一问关键根据运动学公式列式求解；第二问中尘颗粒被扬起后悬浮在空气中，是静止的物体，受到平衡力的作用，根据平衡条件列出等式进行计算是解题的关键．12.如图所示，两根相同的平行金属直轨道竖直放置，上端用导线接一定值电阻，下端固定在水平绝缘底座上．底座中央固定一根弹簧，金属直杆ab通过金属滑环套在轨道上．在MNPQ之间分布着垂直轨道面向里的匀强磁场，现用力压杆使弹簧处于压缩状态，撤力后杆被弹起，脱离弹簧后进入磁场，穿过PQ后继续上升，然后再返回磁场，并能从边界MN穿出，此后不再进入磁场．杆ab与轨道的摩擦力大小恒等于杆重力的倍．已知杆向上运动时，刚穿过PQ时的速度是刚穿过MN时速度的一半，杆从PQ上升的最大高度（未超过轨道上端）是磁场高度的n倍；杆向下运动时，一进入磁场立即做匀（1）杆向上穿过PQ时的速度与返回PQ时的速度大小之比v1：v2；（2）杆向上、向下两次穿越磁场的过程中产生的电热之比Q1：Q2．【答案】解：（1）设杆ab上升的最高点距PQ的距离为h，由动能定理有：上升阶段：-（mg+F f）h=0-mv12…①下降阶段：mgh-F f h=mv22-0…②F f=解得：v1：v2=3：2；（2）若杆ab上升的最高点距PQ的距离为h，则磁场高度为，由动能定理得：-（mg+F f）（h+）-W1=0-mv02同理，在返回阶段：（mg-F f）（h+）-W2=mv22-0联立上式解得：==；答：（1）杆向上穿过PQ时的速度与返回PQ时的速度大小之比v1：v2=3：2；（2）杆向上、向下两次穿越磁场的过程中产生的电热之比Q1：Q2=9（3n-1）：4【解析】（1）对杆ab穿出PQ后上升和下降过程，分别运用动能定理列式，可求得v1与v2之比；（2）对于ab上升和下落的过程，分别运用动能定理列式，可求得克服安培力做功之比，即可得到产生的电热之比Q1：Q2本题的过程比较复杂，是力学与电磁感应的综合，运用动能定理时，要注意明确所研究的物理过程，应用牛顿第二定律与安培力公式即可正确解题六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)14.如图，在柱形容器中密闭有一定质量理想气体，一光滑导热活塞将容器分为A、B两部分，离气缸底部高为49cm处开有一小孔，与装有水银的U形管相连，容器顶端有一阀门K．先将阀门打开与大气相通，外界大气压等于p0=75cm H g，室温t0=27℃，稳定后U形管两边水银面的高度差为△h=25cm，此时活塞离容器底部为L=50cm．闭合阀门，使容器内温度降至-57℃，发现活塞下降，且U形管左管水银面比右管水银面高25cm．（U形管内径很小，活塞有一定质量，但不考虑厚度）求：（1）此时活塞离容器底部高度L′；（2）整个柱形容器的高度H．。
2015年湖南省普通高中高考物理一模试卷
2015年湖南省普通高中高考物理一模试卷一、选择题（本大题包括16小题，每小题3分，共48分。
每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）质点是一种理想化的物理模型，下面对质点的理解正确的是（）A．只有体积很小的物体才可以看作质点B．只有质量很小的物体才可以看作质点C．研究月球绕地球运动的周期时，可将月球看作质点D．因为地球的质量、体积很大，所以在任何情况下都不能将地球看作质点2．（3分）将近1000年前，宋代诗人陈与义乘着小船在风和日丽的春日出游时写下诗句：“飞花两岸照船红，百里榆堤半日风，卧看满天云不动，不知云与我俱东”．请问诗句中的“云与我俱东”所对应的参考系是（）A．两岸B．船C．云D．诗人3．（3分）下列单位中不属于国际单位制的基本单位的是（）A．牛顿B．千克C．米D．秒4．（3分）关于弹力和摩擦力，下列说法中错误的是（）A．弹力和摩擦力都是接触力B．有摩擦力必有弹力C．有弹力必有摩擦力D．同一接触面上的弹力和摩擦力一定相互垂直5．（3分）我们乘电梯下高层楼房时，从起动到停下来，我们分别所处的状态是（）A．先失重，正常，后超重B．先超重，正常，后失重C．先超重，失重，后正常D．先正常，超重，失重6．（3分）关于力，以下说法中错误的是（）A．力是物体之间的相互作用B．力不但有大小，而且有方向C．力可以用一根带箭头的线段来表示D．性质不同的力，效果一定不同7．（3分）下列关于惯性的说法正确的是（）A．战斗机战斗前抛弃副油箱，是为了增大战斗机的惯性B．物体的质量越大，其惯性就越大C．火箭升空时，火箭的惯性随其速度的增大而增大D．做自由落体运动的物体没有惯性8．（3分）关于重力势能的说法，正确的是（）A．重力势能等于零的物体，不可能对别的物体做功B．在地平面下方的物体，它具有的重力势能一定小于零C．重力势能减少，重力一定对物体做正功D．重力势能增加，重力一定对物体做正功9．（3分）关于我国发射的同步通讯卫星，下列说法中正确的是（）A．它运行的周期比地球自转周期大B．它运行的角速度比地球自转角速度小C．它定点在北京正上方，所以我国可以利用它进行电视转播D．它运行的轨道平面一定与赤道平面重合10．（3分）一人用力踢质量为10kg的皮球，使球由静止以20m/s 的速度飞出．假定人踢球瞬间对球平均作用力是200N，球在水平方向运动了20m停止．那么人对球所做的功为（）A．50J B．2000J C．500J D．4000J11．（3分）关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．曲线运动的速度大小一定变化B．曲线运动的速度方向一定变化C．曲线运动的加速度一定变化D．做曲线运动的物体所受的外力一定变化12．（3分）人造地球卫星在圆形轨道上环绕地球运行时有（）A．轨道半径越大，速度越小，周期越长B．轨道半径越大，速度越大，周期越短C．轨道半径越大，速度越大，周期越长D．轨道半径越小，速度越小，周期越长13．（3分）甲、乙、丙三个物体，甲静止地放在北京，乙静止地放在上海，丙静止地放在温州．当它们随地球一起转动时，则（）A．甲的角速度最大，乙的线速度最小B．丙的角速度最小，甲的线速度最大C．三个物体的角速度、周期和线速度都相等D．三个物体的角速度、周期一样，丙的线速度最大14．（3分）下图是作直线运动物体的速度﹣时间图象，其中表示物体不作匀变速直线运动的是图（）A．B．C．D．15．（3分）要使两物体间的万有引力减小到原来的，下列办法不可采用的是（）A．使两物体的质量各减少一半，距离不变B．使其中一个物体的质量减小到原来的，距离不变C．使两物体间的距离增为原来的2倍，质量不变D．使两物体间的距离和质量都减为原来的16．（3分）关于牛顿第三定律，下面说法中错误的是（）A．两物体间先有作用力，后有反作用力B．两物体间有作用力，就一定有反作用力C．两物体间的作用力和反作用力同时产生，同时消失D．作用力与反作用力是作用在不同物体上的二、非选择题（本大题包括必考题、选考题两部分。
2015年湖南省衡阳市高考物理三模试卷
2015年湖南省衡阳市高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.一个物体沿直线运动，描绘出物体的-t图象如图所示，则下列判断正确的是（）A.物体做匀速直线运动B.物体做变加速直线运动C.物体的初速度大小为-1m/sD.物体的加速度大小为1m/s2【答案】D【解析】解：由数学知识可得：=（0.5t+0.5）m/s，则得：x=0.5t2+0.5t由匀变速直线运动的位移公式x=v0t+可知物体做匀加速直线运动，初速度为v0=0.5m/s，物体的加速度大小为1m/s2．故ABC错误，D正确．故选：D．根据数学知识写出x与t的关系式，再求出v与t的关系，从而判断物体的运动性质和加速度．解决本题的关键是运用数学知识写出x与t的关系式，采用比对法分析物体的运动性质．2.质量均为m的滑块A、B紧靠着一起从固定斜面顶端由静止开始下滑，它们与斜面之间的摩擦因数分别为μ1和μ2，且μ1＞μ2．在此过程中，物块B对A的压力为（）A. B.（μ1-μ2）mgcosθC.mgsinθ-μ1mgcosθD.0【答案】A【解析】解：整体由牛顿第二定律得：2mgsinθ-μ1mgcosθ-μ2mgcosθ=2ma对A由牛顿第二定律得：F+mgsinθ-μ1mgcosθ=ma联立解得：F=．故选：A．先以两个物体整体为研究对象，由牛顿第二定律求出加速度，再隔离其中一个物体研究，求出1施于2的作用力大小．本题是连接体问题，考查灵活选择研究对象的能力，往往用整体法求加速度，而求内力时必须用隔离法．3.如图所示，两个等量异种点电荷+Q和-Q分别位于空间中正方体ABCD-EFGH中顶点B、D处，O点为ABCD的中心，则下列说法正确的是（）A.A、C两点场强相等，电势不等B.O点电势高于G点电势C.将正试探电荷从F点沿直线移到H点，电场力做正功D.将一正试探电荷在O点的电势能小于在H点的电势能【答案】C【解析】解：A、根据等量异种电荷电场线的分布情况可知：A点与C点的场强大小相等，方向相同，都平行于BD，AC在等势面上，电势相同．故A错误．B、O点的电势为零，G点电势也为零，故B错误．C、将正试探电荷从F点沿直线移到H点，正电荷沿电场线方向运动，电场力做正功．故C正确．D、将一正试探电荷从O点移到H点沿电场线方向运动，电场力做正功，故电势能减小，试探电荷在O点的电势能大于在H点的电势能．故D错误．故选：C一对等量异种电荷在空间产生的电场具有对称性，根据电场线的分布情况和对称性，分析场强大小和方向，判断电场力大小和方向的关系．根据等势面分布情况，判断电势关系，确定电势能的关系．本题的解题关键是抓住对称性进行分析，等量异种电荷电场线和等势线的分布情况是考试的热点，要熟悉，并能在相关问题中能恰到好处地应用4.“轨道康复者”简称“CX”，它可在太空中给“垃圾卫星”补充能量，延长卫星的寿命，假设“CX”正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，运行方向与地球自转方向一致．轨道半径为地球同步卫星轨道半径的，则（）A.“CX”的速率是地球同步卫星速率的倍B.“CX”的加速度是地球同步卫星加速度的5倍C.“CX”相对于地球赤道上的观测者向西运动D.“CX”要实现对更低轨道上“垃圾卫星”的拯救必须直接加速【答案】A【解析】解：A、根据万有引力提供向心力，得，“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，知“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星速度的倍，故A正确；B、根据万有引力提供向心力，得a=，“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，知“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍，故B错误；C、轨道半径越大，角速度越小，同步卫星和地球自转的角速度相同，所以空间站的角速度大于地球自转的角速度，所以站在地球赤道上的人观察到cx向东运动．故C错误；D、“轨道康复者”要在原轨道上加速将会做离心运动，到更高的轨道上，故D错误．故选：A．根据“轨道康复者”在某一位置受到的重力提供它做圆周运动的向心力，可知运行加速度和所在高度出的重力加速度的关系．根据万有引力提供向心力分析．同步卫星和地球自转的角速度相同，比较出“轨道康复者”和同步卫星的角速度大小，就可以判断出“轨道康复者”相对于地球的运行方向．解决本题的关键掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力．以及“轨道康复者”处于完全失重状态，靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动．5.如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为2L，高为L，纸面内一边长为L的正方形导线框沿x轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t=0时刻恰好位于如图所示的位置，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，下面四幅图中能够正确表示导线框中的电流-位移（I-x）关系的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：位移在0～L过程：磁通量增大，由楞次定律判断感应电流方向为顺时针方向，为正值．I=，l=x则I=x位移在L～2L过程：磁通量先增大后减小，由楞次定律判断感应电流方向先为顺时针方向，为正值，后为逆时针方向，为负值，故ACD错误．位移在2L～3L过程：磁通量减小，由楞次定律判断感应电流方向为逆时针方向，为负值．I=（2L-x）故选：B．将整个过程分成三个位移都是L的三段，根据楞次定律判断感应电流方向．由感应电动势公式E=B lv，l是有效切割长度，分析l的变化情况，确定电流大小的变化情况．本题考查对感应电势势公式E=B lv的理解．l是有效的切割长度，可以利用排除法做此题．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图所示，一粗糙程度处处相同的竖直半圆形框架ABC固定在水平面上，框架下面放一块厚度忽略不计的金属板，金属板的中心O点位于框架的圆心处，框架上套有一个重力不计的轻圆环，用轻弹簧把圆环与金属板的O点连接，开始轻弹簧处于水平拉紧状态．用一个始终沿框架切线方向的拉力F拉动圆环从左侧水平位置缓慢绕框架运动，直到轻弹簧达到竖直位置，金属板始终保持静止状态，则在整个过程中（）A.水平面对金属板的支持力逐渐减小B.水平面对金属板的摩擦力逐渐增大C.拉力F大小不变D.框架对圆环的摩擦力逐渐增大【答案】AC【解析】解：A、B、弹簧的长度不变，故弹簧的弹力大小不变，设为F′；先对属板受力分析，受重力、支持力，弹簧的拉力和向右的静摩擦力，如图；根据平衡条件，有水平方向：f=F cosθ①竖直方向：N+F′sinθ=mg②由②式，得到：N=mg-F′sinθ，随着θ的变大，支持力不断减小，故A正确；由①式，随着θ的变大，静摩擦力逐渐减小，故B错误；C、D、对轻环受力分析，受弹簧的拉力，框架的支持力，拉力和滑动摩擦力，根据平衡条件，有F=f′③f′=μF′④解得：F=μF′，故拉力大小不变，故C正确；由④式，滑动摩擦力不变，故D错误；故选：AC弹簧的长度不变，故弹簧的弹力大小不变；先对属板受力分析，受重力、支持力，弹簧的拉力和向右的静摩擦力，根据平衡条件列式求解；再对轻环受力分析，受弹簧的拉力，框架的支持力，拉力和滑动摩擦力，根据平衡条件列式求解．本题关键是对先后对俩个物体受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解，要注意弹簧的弹力不变．7.蹦极模型简化如图甲所示，蹦极比赛中，质量60kg的运动员系在橡皮绳上，橡皮绳另一端固定在O点，运动员从O点由静止下落，下落过程中运动员的速度与下落距离间的关系如图乙所示，橡皮绳的自然长度为12m，且始终在弹性限度内，弹力大小遵循胡克定律，不计橡皮绳的质量及空气阻力，重力加速度g=10m/s2，则（）A.在下落过程中运动员的机械能守恒B.运动员下落过程中的最大加速度大小约为20m/s2C.当橡皮绳上的拉力为1275N时，物体的速度大小约为15m/sD.运动员下落过程中橡皮绳的弹性势能最大值约为1×104J【答案】BC【解析】解：A、下降过程中只有重力和弹力做功，运动员和橡皮绳的机械能守恒，减少的重力势能转化为橡皮绳的弹性势能，根据机械能守恒定律得：最大弹性势能E p=mgh=60×10×36J=2.16×104J，故AD错误；B、根据牛顿第二定律得：F-mg=ma，即：1800-60×10=60a，解得：a=20m/s2，故B 正确．C、当橡皮绳上的拉力为1275N时，由F=k△x3，解得橡皮绳的伸长量△x3=16m，运动员下落的距离x=28m，由图乙可知，对应的速度大小约为15m/s，故C正确．故选：BC根据运动学知识得速度最大时a=0，由牛顿第二定律得此时重力等于弹簧弹力，解得劲度系数，有图象得到各个状态时的伸长量，求得对应的力，根据牛顿第二定律和机械能守恒定律求解相应问题．本题是胡克定律与能量相结合的题目，根据运动图象确定重力和弹力关系，解得弹簧的劲度系数是解题的关键．8.某同学在一次探究性活动中设计了如图所示装置-用金属制成的“线性”霍尔元件来测量图中的电流I，下列中说法正确的是（）A.实验前开关S应接到位置b端B.实验时，开关S接在b端，电表指针偏转仍然很小，则应将开关S改接到a位置C.电表的正接线柱应于f端相连D.ef之间应接入电压表，且将其刻度值转化为电流值，才可直接读出待测电流的数值【答案】ABD【解析】解：A、实验前由于不知道霍尔电压是否会超出电压表的量程，所以为保护电路，要让测量电路中的电流值适当小一些，开关S应接到位置b端．故A正确；B、实验时，开关S接在b端，电表指针偏转仍然很小，说明加在霍尔元件上的磁场比较小，所以应将开关S改接到a位置，增大加在霍尔元件上的磁场．故B正确；C、由题图可知，通上如图的电流时，线圈产生的磁场的方向向下，所以加在霍尔元件上的磁场的方向向上，电流的方向向里，根据左手定则可知，电子受到的洛伦兹力的方向向右，所以右端的电势低，电表的正接线柱应于e端相连．故C错误；D、运动电荷最终电荷在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、d，则有：，电流的微观表达式为：I=nev S=nevbd，所以有：U=．可知电表上测量的霍尔电压与磁场B成正比，B越大，左、右表面的电势差U越大．而磁场是由流过线圈中的电流产生的，磁场与流过线圈的电流成正比，所以可知霍尔电压与流过线圈的电流成正比．所以ef之间应接入电压表，且将其刻度值转化为电流值，就可直接读出待测电流的数值．故D正确．故选：ABD为保护电路，要让测量电路中的电流值适当小一些；关键安培定则判断出线圈中的磁场的方向，然后结合霍尔效应判断出霍尔电压的正负极；结合电流表与电压表的原理即可解答．本题考查霍尔效应的原理，要求能够理解电子受到电场力和洛伦兹力平衡，并能够应用．另外，该题中的霍尔元件是金属制成，所以在霍尔元件中的载流子是带负电的电子，这是容易出错的地方．五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.下列说法中正确的是（）A.对于一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热B.当液晶中电场强度不同时，液晶对不同颜色光的吸收强度不同C.气体分子热运动的平均动能减少，气体的压强一定减小D.可利用高科技手段，将流散的内能全部收集加以利用，而不引起其他变化E.即使气体的温度很高，仍有一些分子的运动速率是非常小的【答案】ABE【解析】解：A、对于一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，对外做功；同时根据理想气体的状态方程：=C可知，气体的温度一定升高，则内能一定增大．根据热力学第一定律，那么它一定从外界吸热，故A正确；B、当液晶中电场强度不同时，它对不同颜色的光吸收强度不同，就能显示各种颜色，故B正确；C、气体分子热运动的平均动能减少则温度降低，而根据据理想气体的状态方程：=C可知，气体的压强不一定减小，故C错误，D、根据热力学第二定律可知，不可能将流散的内能全部收集加以利用，而不引起其他变化，故D错误，E、即使气体的温度很高，根据分子速率的分布规律可知，仍有一些分子的运动速率是非常小的，故E正确；故选：ABE结合理想气体的状态方程分析气体的状态参量的变化，结合热力学第一定律分析内能的变化；液晶的光学性质具有各向异性；不可能将流散的内能全部收集加以利用，而不引起其他变化；分子的运动速率的分布特点满足麦克斯韦分布律．本题综合考查了理想气体的状态方程、热力学第一定律、热力学第二定律、液晶的特点以及速率的分布规律等知识，知识点多，需要我们全面掌握．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=12m处的质元的振动图线如图1所示，在x=18m处的质元的振动图线如图2所示．下列说法正确的是（）A.该波的周期为12sB.x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰C.在0～4s内x=12m处和x=18m处的质元通过的路程均为6cmD.该波的波长可能为8mE.该波的传播速度可能为2m/s【答案】ABD【解析】解：A、由图可知，该波的周期为12s．故A正确；B、由图可知，t=3s时刻，x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰，故B正确；C、据图2知t=2s时，在x=18m处的质元的位移为零，正通过平衡位置向上运动，在t=4s时刻，在x=18m处的质元的位移大于2cm，所以在0～4s内x=18m处的质元通过的路程小于6cm．故C错误；D、由两图比较可知，x=12m处比x=18m处的质元早振动9s，即，所以两点之间的距离为：（n=0、1、2、3…）所以：（n=0、1、2、3…）n=0时，波长最大，为：m．故D正确；E、波的速度：m/s（n=0、1、2、3…）n=0时，最大速度：v=m/s；故E错误；故选：ABD．首先明确两种图象的意义，获取相关信息，如波长、周期和振幅；利用波速、波长和周期的关系求波速；利用质点的振动情况，判断波的传播方向．首先明确两个图象的区别和联系，据图求出波长、周期是解题的前提，灵活应用波的传播方向与质点的振动关系是解题的核心．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.如图为氢原子能级图．下列说法正确的是（）A.一个处于n=3能级的氢原子，可以吸收一个能量为0.7e V的光子B.一个处于n=3能级的氢原子，可以吸收一个能量为2e V的光子C.大量处于n=3能级的氢原子，跃迁到基态的过程中可以释放出3种频率的光子D.氢原子从高能级向低能级跃迁的过程中释放的光子的能量不可能大于13.6e VE.用能量为10e V和3.6e V的两种光子同时照射大量氢原子，有可能使处于基态的氢原子电离【答案】BCD【解析】解：A、根据△E=E m-E n，可知，0.7e V不在△E范围内．故A错误；B、n=3能级的氢原子，E3=-1.51e V，当吸收能量为2e V的光子，出现电离现象．故B 正确；C、根据=3知，这些n=3能级的氢原子可以辐射出三种不同频率的光子．故C正确；D、根据辐射的光子能量等于两能级间的能级差，可知，从高能级向低能级跃迁的过程中释放的光子的能量最大值仍小于13.6e V，故D正确；E、由于氢原子的能级，基态的氢原子为能级为-13.6e V，要出现电离，则光子的能量即为13.6e V，因此10e V和3.6e V的两种光子不可能出现电离现象．故E错误．故选：BCD．根据数学组合公式求出氢原子可能辐射光子频率的种数．能级间跃迁时，辐射的光子能量等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子频率越高．解决本题的关键知道光电效应的条件以及知道能级间跃迁时辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，注意电离时，吸引能量可以大于能级之差．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.下面几个实验都用了打点计时器：（1）若需完成“探究小车速度随时间变化的规律”实验，则应选择装置______ （填“甲”、“乙”或“丙”），该实验是否需要平衡摩擦阻力？______ （填“是”或“否”）．（2）如图丁为某同学在一次实验中打出的一条纸带的部分，若所用电源的频率为50H z，根据测量结果，打C点时纸带的对应速度为______ m/s（保留三位有效数字）．【答案】丙；否；1.50【解析】解：（1）在探究小车速度随时间变化的规律的实验中，小车存在阻力，对其规律的研究没有影响，因此不需要平衡摩擦力；而乙图则为验证机械能是否守恒的实验，对于甲是平衡摩擦力的，故“探究小车速度随时间变化的规律”实验，则应选择装丙图；（2）相邻的计数点间的时间间隔T=0.02s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：V C===1.50m/s故答案为：（1）丙、否；（2）1.50．（1）在探究中，是否存在阻力，对速度随时间变化的规律研究没有影响，从而根据实验原理，确定属于什么实验装置；（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．10.某同学动手制作了一个电源，该同学想测量这个电源的电动势E和内阻r，但是从实验室只借到一个开关、一个电阻箱（最大阻值为999.9Ω，可当标准电阻用），一只电流表（量程I g=0.6A，内阻r g=0.1Ω）和若干导线．①请根据图1中提供的器材设计测定电源电动势E和内电阻r的电路图，并根据电路图连接图1中的实物图．②接通开关，逐次改变电阻箱的阻值R，读出与R对应的电流表的示数I，并作好记录．当电阻箱的阻值R=2.6Ω时，其对应的电流表的示数如图2所示．则示数为______ A．处理实验数据时，首先计算出每个电流值I的倒数；再制作R-坐标图，如图3所示，图中已标注出了（R，）的几个与测量对应的坐标点．③在图3上把描绘出的坐标点连成图线．④根据图3描绘出的图线可得出这个电池的电动势E= ______ V，内电阻r= ______ Ω．【答案】0.50；1.5；0.40【解析】解：（1）由于没有电压表，故采用电阻箱的方式连接即可，故实验电路接法如下图所示；（2）电流表量程为0.6A，最小分度为0.02A，故读数为0.50A；（3）用直线将各点连接起来，误差明确较大的点舍去，得出图线如下图所示；（4）由闭合电路欧姆定律可知：E=I（R+r），R=-r，故图象与纵坐标的交点r=0.3Ω；即内电阻为：r=0.40Ω图象的斜率表示电源的电动势，故：E=1.5V；故答案为：（1）电路图如图所示；（2）0.50；（3）图象如图所示；（4）1.5；0.40（1）电阻箱可以读出电阻，则本实验中不需要电压表，故将电流表、电阻箱及电源串联即可；（2）根据电表的量程可确定最小分度，则可得出读数；（3）用平滑的导线将各点连接即可，注意误差较大的点要舍去；（4）由闭合电路欧姆定律可得出电阻与电流的关系，则结合图象可得出电动势和内电阻．本题应注意电阻箱由于电阻可读，由可以用来与电流表结合实验得出电源的电动势和内电阻；注意在利用图线进行数据处理时，只要写出纵横坐标所代表物理量之间的函数关系及可明确斜率以及截距的物理意义．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.我国自主研发制造的新型舰载机歼-31即将服役，某次飞行训练，飞行员乘坐在总质量m=2×104kg的训练飞机上，飞机以300m/s的速度沿30°倾角匀速爬升到8000m高空时，经过一小段圆弧调整后迅速向上拉起，沿竖直方向以v0=300m/s的初速度向上做匀减速直线运动，匀减速的加速度大小为g，当飞机到最高点后立即掉头向下，沿竖直方向以加速度g做加速运动，在这段时间内创造出完全失重的环境，当飞机离地2000m高时，为了安全必须拉起，之后又可一次次重复为飞行员提供失重训练，每次飞机速度到达450m/s后必须终止失重训练（否则飞机可能失控），求：（整个运动空间重力加速度g=10m/s2）（1）飞机一次上下运动飞行员创造的完全失重的时间；（2）若飞机飞行时所受的空气阻力f=kv2（k=0.5N•s2/m2），飞机从最高点下降到离地4500m时飞机发动机的推力．【答案】解：（1）上升时间t1===30s上升高度h1==4500m竖直下落当速度达到450m/s时，下落高度为：h2==10125m此时离地高度△h=h+h1-h2=8000+4500-10125m=2375m＞2000m所以t2==45s飞机一次上下为航天员创造的完全失重时间为t=t1+t2=30s+45s=75s（2）飞机离地4500m＞2375m时，仍处于完全失重状态，飞机自由下落的高度为h2=4500m+8000m-4500m=8000m此时飞机的速度v2==400m/s由于飞机加速度为g，所以推力F推应与空气阻力大小相等F推=F=kv22=0.5×4002N=8×104N答：（1）飞机一次上下运动飞行员创造的完全失重的时间为75s；（2）飞机从最高点下降到离地4500m时飞机发动机的推力为8×104N．【解析】（1）匀减速上升和匀加速下降都是失重状态，加速度大小为g正是完全失重，故时间为两次的时间之和；（2）求出飞机下降到离地4500m时的速度，结合飞机的加速度为g，由牛顿第二定律求解飞机发动机的推力知道匀减速上升和匀加速下降都是失重状态，注意牛顿第二定律的瞬时性以及合理选择运动学方程．12.如图所示，一对加有恒定电压的平行金属极板竖直放置，板长、间距均为d．在右极板的中央有个小孔P，小孔右方半径为R的圆形区域内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，区域边界刚好与右极板在小孔在P处相切，一排宽度也为d的带负电粒子以速度V0竖直向上同时进入两极板间后，只有一个粒子通过小孔P进入磁场，其余全部打在右极板上，且最后一个到达极板的粒子刚好打在右极板的上边缘．已知这排粒子中每个粒子的质量均为m、电荷量大小均为q，磁场的感应强度大小为，不计粒子的重力及粒子间的相互作用力，求：（1）板间的电压大小U；（2）通过小孔P的粒子离开磁场时到右极板的距离L；（3）通过小孔P的粒子在电场和磁场中运动的总时间t总．【答案】解：（1）粒子在电场力作用下，做类平抛运动，根据牛顿第二定律与运动学公式，则有：水平方向有：；竖直方向有：d=v0t；而a=；解得：U=；（2）粒子从P点进入磁场时的速度大小，设为v，则有：v==v0；且速度与竖直板夹角为45°；根据圆周运动的半径公式，则有：r=而磁场的感应强度大小为：B=，解得：r=R；根据几何关系，可知，离开磁场时到右极板的距离为：L==R；（3）粒子在电场力作用下，做类平抛运动，所需要时间为：t1==；而粒子在磁场中，与水平方向夹角为45°，那么出磁场时，也与水平方向夹角为45°，因此在磁场中运动时间为：t2===；那么通过小孔P的粒子在电场和磁场中运动的总时间为：t总=t1+t2=；答：（1）板间的电压大小；（2）通过小孔P的粒子离开磁场时到右极板的距离R；（3）通过小孔P的粒子在电场和磁场中运动的总时间．【解析】（1）根据粒子做类平抛运动，结合运动的合成与分解，及牛顿第二定律与运动学公式，即可求解；（2）根据速度的合成法则，结合圆周运动的半径公式，即可求解；（3）根据粒子在电场中，由运动学公式求得运动的时间，再根据在磁场中，轨迹对应的圆心角，求得在磁场中运动时间，最后即可求解总时间．考查粒子在电场中类平抛运动与磁场中匀速圆周运动，掌握牛顿第二定律与运动学公式的应用，理解向心力表达，注意结合几何关系画出运动轨迹是解题的关键．六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)14.如图所示，一直立气缸由两个横截面积不同的圆筒连接而成，活塞A、B间封闭有一定质量的理想气体，A的上方和B的下方分别与大气相通．两活塞用长为L=30cm的不可伸长的细线相连，可在缸内无摩擦地上下滑动．当缸内封闭气体的温度为T1=300K时，活塞A、B的平衡位置如图所示．已知活塞A、B的质量均为m=1.0kg，横截面积分别为S A=20cm2、S B=10cm2，大气压强为P0=1.0×105P a，重力加速度为g=10m/s2．（1）活塞A、B在图示位置时，求缸内封闭气体的压强；（2）现对缸内封闭气体缓慢加热，为使气缸不漏气，求缸内封闭气体的最高温度．【答案】解：（1）活塞A、B均静止，都处于平衡状态，由平衡条件得：。
2015年新课标高考物理模拟试题1(含答案)
2015年新课标物理模拟试卷二、选择题（本题共8小题。
在每小题给出的四个选项中，共48分。
有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
） 14．建立模型是解决物理问题的一个重要方法，下列选项中不属于理想化物理模型的是 （ ） A ．电子 B ．点电荷 C ．质点 D ．不可伸长的轻绳 15．在2008年北京奥运会中，牙买加选手博尔特是公认的世界飞人，在男子100m 决赛和男子200m 决赛中分别以9．69s 和19．30s 的成绩破两项世界纪录，获得两枚金牌。
关于他在这两次决赛中的运动情况，下列说法正确的是 （ ） A ．200m 决赛中的路程是100m 决赛中的路程两倍 B ．200m 决赛中的位移大小是100m 决赛中的位移大小两倍 C ．100m 决赛中的平均速度约为10．32m/s D ．200m 决赛中的平均速度约为10．36m/s 16．如图所示，A 为静止于地球赤道上的物体，B 为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，C 为绕地球做圆周运动的卫星，P 为B 、C 两卫星轨道的交点．已知A 、B 、C 绕地心运动的周期相同且B 、C 运动过程中不会同时经过轨道交点，则相对于地心，下列说法中正确的是（ ） A ．物体A 的加速度大小大于卫星C 具有的加速度大小B ．卫星C 的运行速度大小小于物体A 的运行速度大小 C ．卫星B 的线速度大小不变D ．卫星B 在P 点运行的加速度一定等于卫星C 经过P 点时的加速度 17．如图所示，相同材料制成的粗糙程度相同的两个物块A 、B 中间用一不可伸长的轻绳连接，用一相同大小的恒力F 作用在A 物体上，使两物块沿力的方向一起运动。
①恒力F 水平，两物块在光滑水平面上运动②恒力F 水平，两物块在粗糙的水平面上运动 ③恒力F 沿斜面向下，两物块沿光滑斜面向下运动 ④恒力F 沿斜面向上，两物块沿与②中水平面粗糙程度相同的斜面向上运动 在上面四种运动过程中经过的位移大小相等。
湖南省衡阳市衡阳四中2015届高考物理一模试卷
2015年湖南省衡阳市衡阳四中高考物理一模试卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1-8题为单选，第9-12题多选题．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．两辆汽车，质量和初速度都相同，一辆沿粗糙水平路面运动，另一辆沿比较光滑的水平冰面运动，它们从减速到停止产生的热量（）A．沿粗糙路面较多B．沿冰面较多C．一样多D．无法比较2．A、B是竖直墙壁，现从A墙某处以垂直于墙面的初速度v抛出一质量为m的小球，小球下落过程中与A、B进行了多次碰撞，不计碰撞过程中的能量损失．下面四个选项中能正确反映下落过程中小球的水平速度v x和竖直速度v y随时间变化关系的是（）A．B．C．D．3．如图所示，质量m=1kg、长L=0.8m的均匀矩形薄板静止在水平桌面上，其右端与桌子边缘相平．板与桌面间的动摩擦因数为μ=0.4．现用F=5N的水平力向右推薄板，使它翻下桌子，力F做的功至少为（g取10m/s2）（）A．1J B．1.6J C．2J D．4J4．质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面．下列说法中正确的是（）A．物体的重力势能减少mgh B．物体的动能增加mghC．物体的机械能减少mgh D．重力做功mgh5．在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r．L1、L2是两个小灯泡，闭合S后，两灯均正常发光．当滑动变阻器的滑片向右滑动时，会出现（）A．L1变暗L2变暗B．L1变亮L2变暗C．L1变亮L2变亮D．L1变暗L2变亮6．如图所示，两个木块的质量关系是m a=2m b，用细线连接后放在倾角为θ的光滑固定斜面上．在它们沿斜面自由下滑的过程中，下列说法中正确的是（）A．它们的加速度大小关系是a a＜a bB．它们的加速度大小相等，且a＜gsinθC．连接它们的细线上的张力一定为零D．连接它们的细线上的张力一定不为零7．一航天探测器完成对月球的探测任务后，在离开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行，先加速运动，再匀速运动．探测器通过喷气而获得推动力．以下关于喷气方向的描述中正确的是（）A．探测器加速运动时，沿直线向后喷气B．探测器加速运动时，竖直向下喷气C．探测器匀速运动时，竖直向下喷气D．探测器匀速运动时，不需要喷气8．用一根细线一端系一可视为质点的小球，另一端固定在一光滑锥顶上，如图所示，设小球在水平面内作匀速圆周运动的角速度为ω，线的张力为T，则T随ω2变化的图象是（）A．B．C．D．9．一条形磁铁放在水平桌面上，在它的上方靠S极一侧吊挂一根与它垂直的导体棒，图中只画出此棒的横截面图，并标出此棒中的电流是流向纸内的，在通电的一瞬间可能产生的情况是（）A．磁铁对桌面的压力减小 B．磁铁对桌面的压力增大C．磁铁受到向右的摩擦力 D．磁铁受到向左的摩擦力10．如图所示，由电动机带动的水平传送带以速度为v=2.0m/s匀速运行，A端上方靠近传送带料斗中装有煤，打开阀门，煤以流量为Q=50kg/s落到传送带上，煤与传送带达共同速度后被运至B端，在运送煤的过程中，下列说法正确的是（）A．电动机应增加的功率为100WB．电动机应增加的功率为200WC．在一分钟内因煤与传送带摩擦产生的热为6.0×103JD．在一分钟内因煤与传送带摩擦产生的热为1.2×104J11．如图所示，在场强大小为E的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线一端拴一个质量为m、电荷量为q的带负电小球，另一端固定在O点．把小球拉到使细线水平的位置A，然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平成θ=60°的位置B时速度为零．以下说法正确的是（）A．小球重力与电场力的关系是mg=EqB．小球重力与电场力的关系是Eq=mgC．球在B点时，细线拉力为T=mgD．球在B点时，细线拉力为T=2Eq12．地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则（）A．在t=2.5s时，小球经过边界MNB．小球受到的重力与电场力之比为3：5C．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等D．在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小二、填空题（共16分）13．1999年7月12日，日本原子能公司所属敦贺湾核电站由于水管破裂导致高辐射冷却剂外流，在检测此次重大事故中应用了非电量变化（冷却剂外泄使管中液面变化）转移为电信号的自动化测量技术．如图是一种通过检测电容器电容的变化来检测液面高低的仪器原理图．容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质，电容器的两个电极分别用导线接在指示器上，指示器上显示的是电容的大小，但从电容的大小就可知容器中液面位置的高低．由此作出下面的判断：如果指示器显示出电容增大了，则两电极正对面积（填“增大”、“减小”或“不变”），必为液面（“升高”、“降低”或“不变”）．14．如图所示，质量为m的小球在竖直平面内的光滑圆轨道上做圆周运动．圆半径为R，小球经过轨道最高点时刚好不脱离圆环，则其通过最高点时，小球对圆环的压力大小等于．小球受到的向心力大小等于．小球的线速度大小等于．小球的向心加速度大小等于．（重力加速度g已知）15．如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为U A=15V，U B=3V，U C=﹣3V，由此可知D点电势U D=V；若该正方形的边长为a=2cm，且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为E=V/m．三、计算题（12分+12分+12分，共36分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位．）16．如图所示，细绳长为L，吊一个质量为m的铁球（可视作质点），球离地的高度h=2L，当绳受到大小为2mg的拉力时就会断裂．绳的上端系一质量不计的环，环套在光滑水平杆上，现让环与球一起以速度向右运动，在A处环被挡住而立即停止，A离墙的水平距离也为L．求在以后的运动过程中，球第一次碰撞点离墙角B点的距离是多少？17．宇航员在一行星上以10m/s的速度竖直上抛一质量为0.2kg的物体，不计阻力，经2.5s 后落回手中，已知该星球半径为7220km．（1）该星球表面的重力加速度g′多大？（2）要使物体沿水平方向抛出而不落回星球表面，沿星球表面抛出的速度至少是多大？（3）若物体距离星球无穷远处时其引力势能为零，则当物体距离星球球心r时其引力势能E p=﹣（式中m为物体的质量，M为星球的质量，G为万有引力常量）．问要使物体沿竖直方向抛出而不落回星球表面，沿星球表面抛出的速度至少是多大？18．如图所示，足够长的光滑斜面倾角θ=30°，一个带正电、电量为q的物体停在斜面底端B．现在加上一个沿斜面向上的场强为E的匀强电场，在物体运动到A点时撤销电场，那么：（1）若已知BA距离x、物体质量m，则物体回到B点时速度大小多少？（2）若已知物体在斜面上运动总时间是加电场时间的2倍，则物体质量m是多少？（重力加速度g已知）2015年湖南省衡阳市衡阳四中高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1-8题为单选，第9-12题多选题．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．两辆汽车，质量和初速度都相同，一辆沿粗糙水平路面运动，另一辆沿比较光滑的水平冰面运动，它们从减速到停止产生的热量（ ）A ．沿粗糙路面较多B ．沿冰面较多C ．一样多D ．无法比较【考点】功能关系．【分析】根据能量的转化与守恒：汽车减小的动能转化为内能．【解答】解：根据能量的转化与守恒：两辆汽车减小的动能均全部转化为摩擦产生的热量， 两辆汽车，质量和初速度都相同，则初动能相同，则至静止时减少的动能相同，故产生的热量相同．故选：C ．【点评】系统的机械能减小转化为内能，由能量守恒定律求得热量．2．A 、B 是竖直墙壁，现从A 墙某处以垂直于墙面的初速度v 抛出一质量为m 的小球，小球下落过程中与A 、B 进行了多次碰撞，不计碰撞过程中的能量损失．下面四个选项中能正确反映下落过程中小球的水平速度v x 和竖直速度v y 随时间变化关系的是（ ）A ．B ．C ．D ．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，在水平方向小球除了碰撞外，不受力，速度的大小不变，在竖直方向上仅受重力，做自由落体运动．【解答】解：小球在竖直方向上仅受重力，做自由落体运动，速度随时间均匀增大．在水平方向除了碰撞，不受作用力，速度的大小不变，方向碰撞时发生改变．故B正确，A、C、D 错误．故选B．【点评】解决本题的关键掌握处理曲线运动的方法，关键将小球分解为水平方向和竖直方向，通过两个方向上的受力，判断物体的运动规律．3．如图所示，质量m=1kg、长L=0.8m的均匀矩形薄板静止在水平桌面上，其右端与桌子边缘相平．板与桌面间的动摩擦因数为μ=0.4．现用F=5N的水平力向右推薄板，使它翻下桌子，力F做的功至少为（g取10m/s2）（）A．1J B．1.6J C．2J D．4J【考点】功的计算；共点力平衡的条件及其应用．【分析】要使力F做的功最少就要使推力作用时间最短，推力撤去后，物体减速滑行，刚好重心到达桌面边缘时，速度减为零；对木板加速和减速分别受力分析，然后根据牛顿第二定律求得加速和减速的加速度，再根据运动学公式列式求出力作用的位移，再根据恒力做功公式求解．【解答】解：加速时，对木板受力分析，受到重力、支持力、推力F和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有F﹣μmg=ma1解得：a1=1m/s2减速时，对木板受力分析，受到重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：﹣μmg=ma2解得：a2=﹣4m/s2木板先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，到达桌面边缘时，速度减为零，设最大速度为v，根据位移速度公式，有解得：x1==0.32mW=Fx1=1.6J故选：B．【点评】本题关键是找出作用时间最短的临界过程，然后先根据牛顿第二定律求解出加速过程和减速过程的加速度，再根据运动学公式列式求出力作用的位移，再根据恒力做功公式求解．4．质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面．下列说法中正确的是（）A．物体的重力势能减少mgh B．物体的动能增加mghC．物体的机械能减少mgh D．重力做功mgh【考点】功能关系；重力势能；机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】物体以的加速度向下运动，对物体受力分析可知，物体受到重力之外，一定还受到向上的拉力的作用，根据力对物体的做功的情况，可以分析物体的能量的变化的情况．【解答】解：对物体受力分析可知，mg﹣F=m，所以F=mg，A、物体下降h时，重力做的功为mgh，所以物体的重力势能减少mgh，所以A错误，D错误；B、由动能定理可得，W=△E K，即mgh=△E K，所以物体的动能增加为mgh，所以B正确；总C、物体下降h时，外力做的功为﹣Fh=﹣mgh，所以物体的机械能减少mgh，所以C错误；故选B．【点评】功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度．5．在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r．L1、L2是两个小灯泡，闭合S后，两灯均正常发光．当滑动变阻器的滑片向右滑动时，会出现（）A．L1变暗L2变暗B．L1变亮L2变暗C．L1变亮L2变亮D．L1变暗L2变亮【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】图中灯L2与滑动变阻器先并联，再与灯L1串联；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由闭合电路欧姆定律判断电路电流如何变化，可判断灯L1亮度如何变化；根据电路中电流变化，判断出并联电压如何变化，即分析灯L2亮度如何变化．【解答】解：由电路图可知，当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路的总电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，干路电流I变小，灯L1电阻R L1不变，由P L1=I2R L1可知，灯L1的实际功率变小，因此灯L1变暗；=E﹣I（r+R L1）变大，灯干路电流I变小，电源内阻r、灯L1电阻R L1不变，则并联电压U并L2电阻R L2不变，灯L2的实际功率变大，则灯L2变亮；故D正确；故选：D【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，闭合电路的动态分析题是高中物理的常考问题，要掌握其解题思路，首先根据电路电阻变化情况由闭合电路欧姆定律判断电路电流如何变化，再由部分电路欧姆定律判断电源内电压如何变化，路端电压如何变化，然后应用串并联电路特点与规律、部分电路的欧姆定律、电功与电功率公式分析答题．6．如图所示，两个木块的质量关系是m a=2m b，用细线连接后放在倾角为θ的光滑固定斜面上．在它们沿斜面自由下滑的过程中，下列说法中正确的是（）A．它们的加速度大小关系是a a＜a bB．它们的加速度大小相等，且a＜gsinθC．连接它们的细线上的张力一定为零D．连接它们的细线上的张力一定不为零【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先以整体为研究对象进行分析，可求得整体的加速度；再用隔离法分析绳子的张力．【解答】解：A、B、对整体受力分析可知，整体受重力、弹力；将重力沿斜面和垂直于斜面进行分析，则支持力与重力垂直于斜面的分力相平衡，由牛顿第二定律可知：（m A+m B）gsinθ=（m A+m B）a解得：a=gsinθ；两物体的加速度相等．故A、B错误．C、D、对B分析，可知B受到的合力F=m B a=m B gsinθ；F=T+m B gsinθ故说明细绳的张力T为零；故C正确，D错误；故选C．【点评】本题为简单的连接体问题，注意正确选取研究对象，一般先对整体分析可得出加速度，若分析内力时应采用隔离法进行分析．7．一航天探测器完成对月球的探测任务后，在离开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行，先加速运动，再匀速运动．探测器通过喷气而获得推动力．以下关于喷气方向的描述中正确的是（）A．探测器加速运动时，沿直线向后喷气B．探测器加速运动时，竖直向下喷气C．探测器匀速运动时，竖直向下喷气D．探测器匀速运动时，不需要喷气【考点】万有引力定律及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】压轴题；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行时，受到月球竖直向下的万有引力及沿气体喷气方向相反的反冲力，在两个力的合力作用下运动，再由探测器的运动状态来判断反冲力的方向，进而判断喷气方向．【解答】解：A、B：探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行加速运动时，加速度的方向沿直线与速度方向相同，即合力的方向也沿直线与速度方向相同，而受到月球的万有引力方向竖直向下，所以，反冲力方向与运动直线成一角度斜向上，那么，喷气方向与运动直线成一角度斜向下，∴选项A、B错误．C、D：探测器匀速运动，受力平衡，合力为零，已知受到的月球的万有引力竖直向下，则受到的气体的反冲力竖直向上，因此，探测器竖直向下喷气，∴选项C正确，选项D错误．故选：C．【点评】解答本题把握好：探测器受到两个力，一是竖直向下的月球万有引力，另一个是喷气的反冲力，由探测器的运动状态结合力的合成平行四边形法则来确定反冲力的方向，自然喷气的方向就确定了．8．用一根细线一端系一可视为质点的小球，另一端固定在一光滑锥顶上，如图所示，设小球在水平面内作匀速圆周运动的角速度为ω，线的张力为T，则T随ω2变化的图象是（）A．B．C．D．【考点】匀速圆周运动；向心力．【分析】分析小球的受力，判断小球随圆锥作圆周运动时的向心力的大小，进而分析T随ω2变化的关系，但是要注意的是，当角速度超过某一个值的时候，小球会飘起来，离开圆锥，从而它的受力也会发生变化，T与ω2的关系也就变了．【解答】解：设绳长为L，锥面与竖直方向夹角为θ，当ω=0时，小球静止，受重力mg、支持力N和绳的拉力T而平衡，T=mgcosθ≠0，所以A项、B项都不正确；ω增大时，T增大，N减小，当N=0时，角速度为ω0．当ω＜ω0时，由牛顿第二定律得，Tsinθ﹣Ncosθ=mω2Lsinθ，Tcosθ+Nsinθ=mg，解得T=mω2Lsin2θ+mgcosθ；当ω＞ω0时，小球离开锥子，绳与竖直方向夹角变大，设为β，由牛顿第二定律得Tsinβ=mω2Lsinβ，所以T=mLω2，可知T﹣ω2图线的斜率变大，所以C项正确，D错误．故选：C．【点评】本题很好的考查了学生对物体运动过程的分析，在转的慢和快的时候，物体的受力会变化，物理量之间的关系也就会变化．9．一条形磁铁放在水平桌面上，在它的上方靠S极一侧吊挂一根与它垂直的导体棒，图中只画出此棒的横截面图，并标出此棒中的电流是流向纸内的，在通电的一瞬间可能产生的情况是（）A．磁铁对桌面的压力减小 B．磁铁对桌面的压力增大C．磁铁受到向右的摩擦力 D．磁铁受到向左的摩擦力【考点】安培力．【分析】以导线为研究对象，根据电流方向和磁场方向判断所受的安培力方向，再根据牛顿第三定律，分析磁铁所受的支持力和摩擦力情况来选择．【解答】解：以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向左下方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向右上方，磁铁有向右运动的趋势，受到向左的摩擦力，同时磁铁对地的压力减小．故AD正确，BC错误．故选：AD．【点评】本题考查灵活运用牛顿第三定律选择研究对象的能力．关键在于先研究导线所受安培力．10．如图所示，由电动机带动的水平传送带以速度为v=2.0m/s匀速运行，A端上方靠近传送带料斗中装有煤，打开阀门，煤以流量为Q=50kg/s落到传送带上，煤与传送带达共同速度后被运至B端，在运送煤的过程中，下列说法正确的是（）A．电动机应增加的功率为100WB．电动机应增加的功率为200WC．在一分钟内因煤与传送带摩擦产生的热为6.0×103JD．在一分钟内因煤与传送带摩擦产生的热为1.2×104J【考点】功能关系；牛顿第二定律．【专题】压轴题；传送带专题．【分析】煤流到传送带上后，在摩擦力作用下做初速度为零的匀加速直线运动，摩擦力对煤做正功，对传送带做负功，传送带多做的功转化为煤的动能以及系统之间产生热量，正确分析煤块的运动情况，利用功能关系可正确解答本题．【解答】解：设足够小的时间△t内落到传送带上煤的质量为△m，显然Q=△m/△t；这部分煤由于摩擦力f的作用被传送带加速，由功能关系得：煤块在摩擦力作用下加速前进，因此有：=vt传送带的位移为：s传﹣s=s，由此可知煤的位移与煤和传送带的相对位移相同，相对位移为：△s=s传因此摩擦生热为：．传送带需要增加的能量分为两部分：第一部分为煤获得的动能，第二部分为传送带克服摩擦力做功保持传送带速度．所以传送带△t内增加的能量△E为：功率：，由此可知A错误，B正确．由前面的分析可知单位时间内产生的热量为：．因此一分钟产生的热量为：，故C正确，D错误．故选BC．【点评】传送带问题是高中物理中的一个重要题型，解答这类问题重点做好两类分析：一是运动分析，二是功能关系分析．11．如图所示，在场强大小为E的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线一端拴一个质量为m、电荷量为q的带负电小球，另一端固定在O点．把小球拉到使细线水平的位置A，然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平成θ=60°的位置B时速度为零．以下说法正确的是（）A．小球重力与电场力的关系是mg=EqB．小球重力与电场力的关系是Eq=mgC．球在B点时，细线拉力为T=mgD．球在B点时，细线拉力为T=2Eq【考点】匀强电场；力的合成与分解的运用；向心力；动能定理的应用；电势能．【专题】压轴题；电场力与电势的性质专题．【分析】类比单摆，小球从A点静止释放，运动到B点速度为0，说明弧AB的中点是运动的最低点，对小球进行受力分析，小球处在弧线中点位置时切线方向合力为零，再根据几何关系可以求出Eq，球到达B点时速度为零，向心力为零，则沿细线方向合力为零，此时对小球受力分析，再根据几何关系即可解题．【解答】解：（1）类比单摆，根据对称性可知，小球处在弧线中点位置时切线方向合力为零，此时细线与水平方向夹角恰为30°，根据三角函数关系可得：qEsin30°=mgcos30°，化简可知Eq=mg，选项A错误、B正确；（2）小球到达B点时速度为零，向心力为零，则沿细线方向合力为零，此时对小球受力分析可知：T=qEcos60°+mgsin60°，故细线拉力T=mg，选项C正确、D错误．故选BC．【点评】本题要求同学们能正确进行受力，并能联想到已学的物理模型，根据相关公式解题．12．地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则（）A．在t=2.5s时，小球经过边界MNB．小球受到的重力与电场力之比为3：5C．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等D．在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀变速直线运动的图像；功能关系．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻．分别求出小球进入电场前、后加速度大小，由牛顿第二定律求出重力与电场力之比．根据动能定理研究整个过程中重力做的功与电场力做的功大小关系．整个过程中，小球的机械能与电势能总和不变．【解答】解：A、小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是t=1s时．故A错误．B、由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为a1==v1、进入电场后的加速度大小为a2=，由牛顿第二定律得：mg=ma1=mv1…①F﹣mg=ma2得电场力：F=mg+ma2=…②由①②得重力mg与电场力F之比为3：5．故B正确．C、整个过程中，动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等．故C正确．D、整个过程中，小球具有两种形式的能：机械能与电势能，根据能量守恒定律得知，它们的总和不变．故D错误．故选BC【点评】本题一要能正确分析小球的运动情况，抓住斜率等于加速度是关键；二要运用牛顿第二定律和动能定理分别研究小球的受力情况和外力做功关系．二、填空题（共16分）13．1999年7月12日，日本原子能公司所属敦贺湾核电站由于水管破裂导致高辐射冷却剂外流，在检测此次重大事故中应用了非电量变化（冷却剂外泄使管中液面变化）转移为电信号的自动化测量技术．如图是一种通过检测电容器电容的变化来检测液面高低的仪器原理图．容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质，电容器的两个电极分别用导线接在指示器上，指示器上显示的是电容的大小，但从电容的大小就可知容器中液面位置的高低．由此作出下面的判断：如果指示器显示出电容增大了，则两电极正对面积增大（填“增大”、“减小”或“不变”），必为液面升高（“升高”、“降低”或“不变”）．。
2015年湖南省衡阳市高考物理模拟试卷和答案
2015年湖南省衡阳市高考物理模拟试卷一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1．（3分）下列物理量中，属于标量的是（）A．位移B．力C．电场强度D．功率2．（3分）某物体运动的v﹣t图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．变速直线运动C．朝某一方向直线运动D．不能确定物体运动情况3．（3分）一个木箱在水平力F的作用下沿粗糙水平地面滑动，运动方向与F方向相反，有四位同学作出它的受力情况分别如图中所示，其中正确的是（）A．B． C．D．4．（3分）关于平抛运动，下列说法中正确的是（）A．平抛运动是匀速运动B．平抛运动是加速度不断变化的运动C．平抛运动是匀变速曲线运动D．做平抛运动的物体落地时速度方向一定是竖直向下的5．（3分）将原长10cm的轻质弹簧竖直悬挂，当下端挂200g的钩码时，弹簧的长度为12cm，则此弹簧的劲度系数为（）A．1N/m B．10N/m C．100N/m D．1000N/m6．（3分）一质点沿直线运动，其v﹣t图如图所示，由图象可知（）A．在0～2秒内质点做匀加速直线运动B．在0～2秒内质点做匀减速直线运动C．在2～4秒内质点做匀加速直线运动D．在2～4秒内质点做匀减速直线运动7．（3分）物体做匀速圆周运动时，保持不变的量是（）A．动能B．速度C．加速度D．合外力8．（3分）如图，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是（）A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对作用力和反作用力C．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力D．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力9．（3分）起重机以10kW的恒定功率将地面上质量为50kg的物体由静止向上吊起，则物体可以达到的最大速度是（不计空气阻力，g=10m/s2）（）A．200m/s B．30m/s C．25m/s D．20m/s10．（3分）某物体在地面上受到地球对它的万有引力为F，若此物体受到的引力减小到，则此物体距离地面的高度应为（R为地球半径）（）A．R B．2R C．4R D．8R11．（3分）“探究做功与物体速度变化的关系”的实验装置如图所示，用该装置实验时，不可缺少的操作是（）A．测出小车的质量B．测出橡皮筋的伸长量C．用量角器测出长木板的倾角D．改变橡皮筋条数后将小车从同一位置释放12．（3分）如图所示，小强正在荡秋千．关于绳上a点和b点的线速度和角速度，下列关系正确的是（）A．v a=v b B．v a＞v b C．ωa=ωb D．ωa＜ωb13．（3分）将一个大小为8N的力分解成两个分力，下列各组值不可能的是（）A．1N和10N B．10N和10N C．10N和15N D．15N和20N14．（3分）我国发射的“神舟七号”载人飞船，与“神舟六号”船相比，它在较低的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）A．“神舟七号”的速率较大B．“神舟七号”的速率较小C．“神舟七号”的周期更长D．“神舟七号”的周期与“神舟六号”的相同15．（3分）如图所示，物体在光滑斜面上由静止开始下滑，在下滑过程中，以下说法正确的是（）A．重力做正功B．重力做负功C．支持力做正功D．支持力做负功16．（3分）一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s2，石块在下落过程中，第3s末的速度大小为（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s二、必考题（共6小题，满分30）17．（4分）如图为某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为s．为了由v﹣t图象求出小车的加速度，他量出相邻两计数点间的距离，分别求出打各计数点时小车的速度．其中打计数点3时小车的速度为m/s．18．（4分）如图所示，一辆汽车在水平路面上行驶时对路面的压力（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力；通过拱形路面最高处时对路面的压力（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力．19．（4分）质量为2千克的物体做自由落体运动．在下落过程中，头2秒内重力的做的功是J，第2秒内重力的功率是W．（g取10m/s2）20．（4分）小颖在田径绕400m环形跑道跑了4圈，则她的位移大小是m，路程是m．21．（7分）一个物体置于光滑的水平面上，受到6N水平拉力作用从静止出发，经2s，速度增加到24m/s（g取10m/s2）．（1）物体的质量是多大？（2）力大小不变，方向竖直向上作用在该物体上，使它由静止到4m/s的过程中，物体上升高度多大？22．（7分）如图所示，质量m=50kg的跳水运动员从距水面高h=10m的跳台上以v0=5m/s的速度斜向上起跳，最终落入水中．若忽略运动员的身高．取g=10m/s2，求：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能（以水面为参考平面）；（2）运动员起跳时的动能；（3）运动员入水时的速度大小．三、选考题：[选修1－1]（共6小题，满分22分）23．（3分）在国际单位制中，电容的单位是（）A．法拉B．伏特C．安培D．欧姆24．（3分）在一电场线上的A点，电场强度为2×103N/C，方向水平向左，现将电量为6×10﹣6C的正电荷放在A点，受到的电场力为（）A．1.2×10﹣2N，方向水平向右B．1.2×10﹣2N，方向水平向左C．1.2×102N，方向水平向右D．1.2×10﹣2N，方向水平向左25．（3分）如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，下列情况中不能引起电流计指针转动的是（）A．闭合电键瞬间B．断开电键瞬间C．闭合电键后拔出铁芯瞬间D．断开电键使变阻器的滑动头向右移动26．（3分）微波炉加热食物利用那种方式加热（）A．电热丝B．电磁感应C．红外线D．微波27．（4分）一交流电的瞬时值表达式为：μ=110cos100πt，则此交流电电压的有效值为V，如果用此交流电给一电动机（所需电压有效值为380V）供电使其正常工作，则需用一个（填“升压”、“降压”）变压器．28．（6分）把一根长度为0.1m、通电电流为5A的直导线，沿着不同的方向放置在磁感应强度为B的匀强磁场中．（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为F=0.5N，求匀强磁场的磁感应强度大小．（2）如果导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，求该直导线受到的安培力的大小．四、[选修3－1]（共6小题，满分0分）29．通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）A．B．2Q C．4Q D．30．真空中有两个点电荷相隔一定距离r，相互作用力为F，若其中一个电荷的电量变为原来的4倍，为要保持原来的作用力大小不变，则两个电荷间的距离变为原来的多少倍（）A．4 B．2 C．1 D．831．下图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点，其中a、b两点电场强度相同的是（）A．B． C．D．32．如图所示的电路，闭合开关S后，调节滑动变阻器R，使滑片向上移动，关于两灯泡L1、L2的亮度变化情况，下列说法正确的是（）A．L1、L2均变暗B．L1变亮，L2变暗C．L1、L2均变亮D．L1变暗、L2变亮33．一不计重力的带电粒子以初速度v0垂直进入一个磁感应强度为B的匀强磁场中运动，此粒子质量为m，带电量为q，粒子将作匀速圆周运动，则此圆周运动的半径为，周期为．34．如图所示，两根光滑平行的金属导轨相距L，固定在水平面上，导轨之间接有电源和开关，整个装置处于磁感应强度为B，方向与导轨平行的匀强磁场中，当开关S闭合时，一根垂直放在导轨上的导体棒MN恰好对金属导轨没有压力，若导体棒MN的质量为m，电阻为R，电源的内阻为r，其余部分电阻忽略不计．求：（1）通过导体棒MN的电流大小；（2）电源的电动势．2015年湖南省衡阳市高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1．（3分）下列物理量中，属于标量的是（）A．位移B．力C．电场强度D．功率【解答】解：位移、力和电场强度都是有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的矢量，只有功率是只有大小，没有方向的标量．故D正确．故选D2．（3分）某物体运动的v﹣t图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．变速直线运动C．朝某一方向直线运动D．不能确定物体运动情况【解答】解：v﹣t图象的正负表示速度的方向，故物体的运动方向在周期性改变，不是朝某一方向做直线运动，而是做往复运动，故A正确，BCD错误；故选：A．3．（3分）一个木箱在水平力F的作用下沿粗糙水平地面滑动，运动方向与F方向相反，有四位同学作出它的受力情况分别如图中所示，其中正确的是（）A．B． C．D．【解答】解：木箱沿粗糙水平地面滑动，受到重力G、水平地面的支持力N和水平拉力F作用，与F相同方向上的摩擦力，力图如C所示．故选：C4．（3分）关于平抛运动，下列说法中正确的是（）A．平抛运动是匀速运动B．平抛运动是加速度不断变化的运动C．平抛运动是匀变速曲线运动D．做平抛运动的物体落地时速度方向一定是竖直向下的【解答】解：A、平抛运动的加速度为g，方向始终竖直向下，所以平抛运动是匀变速曲线运动．故A、B错误，C正确．D、平抛运动在水平方向的速度不变，最终落地的速度是水平方向和竖直方向速度的合速度，根据平行四边形定则，落地的速度方向不可能竖直向下的．故D 错误．故选C．5．（3分）将原长10cm的轻质弹簧竖直悬挂，当下端挂200g的钩码时，弹簧的长度为12cm，则此弹簧的劲度系数为（）A．1N/m B．10N/m C．100N/m D．1000N/m【解答】解：重物受力平衡，故F=mg=200×﹣3×10N=2N由F=k（L﹣L0）得：k===100N/m故选：C6．（3分）一质点沿直线运动，其v﹣t图如图所示，由图象可知（）A．在0～2秒内质点做匀加速直线运动B．在0～2秒内质点做匀减速直线运动C．在2～4秒内质点做匀加速直线运动D．在2～4秒内质点做匀减速直线运动【解答】解：A、0﹣2s内，速度随时间均匀增加，质点做匀加速直线运动，故A 正确，B错误．C、2﹣4s内，速度随时间不变，质点做匀速直线运动，故C、D错误．故选：A．7．（3分）物体做匀速圆周运动时，保持不变的量是（）A．动能B．速度C．加速度D．合外力【解答】解：在描述匀速圆周运动的物理量中，线速度、向心加速度、向心力这几个物理量都是矢量，虽然其大小不变但是方向在变，因此这些物理量是变化的；动能是标量只与速度的大小有关，所以动能不变，所以A正确，BCD错误．故选：A．8．（3分）如图，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是（）A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对作用力和反作用力C．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力D．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力【解答】解：对小球受力分析，受地球对其的重力，细线对其向上的拉力，小球保持静止状态，加速度为零，合力为零，故重力和拉力是一对平衡力；细线的拉力的反作用力是小球对细线的向下的拉力，这两个力是一对相互作用力，等值、反向、共线；故小球对细线的拉力等于小球的重力，但重力和拉力不是同一个力；故选D．9．（3分）起重机以10kW的恒定功率将地面上质量为50kg的物体由静止向上吊起，则物体可以达到的最大速度是（不计空气阻力，g=10m/s2）（）A．200m/s B．30m/s C．25m/s D．20m/s【解答】解：物体达到最大速度时，拉力等于重力即F=mg有P=FV=mgV得额V==m/s=20m/s故选D．10．（3分）某物体在地面上受到地球对它的万有引力为F，若此物体受到的引力减小到，则此物体距离地面的高度应为（R为地球半径）（）A．R B．2R C．4R D．8R【解答】解：根据万有引力定律表达式得：，其中r为物体到地球中心的距离．某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F，此时r=R；若此物体受到的引力减小为，根据得出此时物体到地球中心的距离r′=2R，所以物体距离地面的高度应为R．故选：A11．（3分）“探究做功与物体速度变化的关系”的实验装置如图所示，用该装置实验时，不可缺少的操作是（）A．测出小车的质量B．测出橡皮筋的伸长量C．用量角器测出长木板的倾角D．改变橡皮筋条数后将小车从同一位置释放【解答】解：A、本实验是为了探究做功与物体速度变化的关系，只要保证小车的质量不变即可，不需要测量小车的质量，故A错误．BD、实验中改变拉力做功时，为了能定量，所以用不同条数的橡皮筋且拉到相同的长度，这样橡皮筋对小车做的功就有倍数关系．而不需要测量出每根橡皮筋做功的数值，即不需要测量橡皮筋的伸长量．每次只要保证从同一位置由静止释放这样开始时橡皮筋的形变量相同，过程中每根橡皮筋做的功就相同．故B错误、D正确．C、平衡摩擦力时，把木板的一段垫高，使得小车做匀速运动即可，不需要用量角器测出长木板的倾角，故C错误．故选：D．12．（3分）如图所示，小强正在荡秋千．关于绳上a点和b点的线速度和角速度，下列关系正确的是（）A．v a=v b B．v a＞v b C．ωa=ωb D．ωa＜ωb【解答】解：ABCD、荡秋千可视为同轴转动，所以a、b两点角速度相同；据v=ωr 和a、b两点的半径不同，所以有：v b＞v a，故ABD错误，C 正确故选：C．13．（3分）将一个大小为8N的力分解成两个分力，下列各组值不可能的是（）A．1N和10N B．10N和10N C．10N和15N D．15N和20N【解答】解：A、1N与10N的合力范围是9N≤F≤11N．不可能为8N．故A错误．B、10N与10N的合力范围是0N≤F≤20N．可能为8N．故B正确．C、10N与15N的合力范围是5N≤F≤25N．可能为8N．故C正确．D、15N与20N的合力范围是5N≤F≤35N．可能为8N．故D正确．本题选不可能的，故选：A14．（3分）我国发射的“神舟七号”载人飞船，与“神舟六号”船相比，它在较低的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）A．“神舟七号”的速率较大B．“神舟七号”的速率较小C．“神舟七号”的周期更长D．“神舟七号”的周期与“神舟六号”的相同【解答】解：根据万有引力等于向心力得：=m=mA、v=，轨道半径越小，速度越大，所以“神舟七号”的速率较大，故A正确，B错误；C、T=2π，轨道半径越小，周期越小．所以“神舟七号”的周期更短，故CD错误；故选：A．15．（3分）如图所示，物体在光滑斜面上由静止开始下滑，在下滑过程中，以下说法正确的是（）A．重力做正功B．重力做负功C．支持力做正功D．支持力做负功【解答】解：A、物体的重力竖直向下，重力与位移的夹角小于90°，则可知重力做正功；故A正确，B错误；C、由于支持力一直和运动方向相互垂直，故支持力不做功；故CD错误；故选：A．16．（3分）一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s2，石块在下落过程中，第3s末的速度大小为（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s【解答】解：石块从楼顶自由落下，石块下落3s末的速度为：v=gt=10×3m/s=30m/s，故D正确．故选：D二、必考题（共6小题，满分30）17．（4分）如图为某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为0.1s．为了由v﹣t图象求出小车的加速度，他量出相邻两计数点间的距离，分别求出打各计数点时小车的速度．其中打计数点3时小车的速度为0.46m/s．【解答】解：计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为：T=0.02×5=0.1s；由匀变速直线运动的推论可知，打计数点3时小车的速度为：=故答案为：0.1；0.46．18．（4分）如图所示，一辆汽车在水平路面上行驶时对路面的压力等于（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力；通过拱形路面最高处时对路面的压力小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力．【解答】解：汽车在水平路面上行驶时对路面的压力等于其重力；汽车通过凸圆弧形路面顶部时，由汽车的重力和桥面的支持力的合力提供汽车的向心力，即：mg﹣F N=m解得：F N=mg﹣m有：F N＜mg根据牛顿第三定律可知，汽车对路面的压力为：F N′=F N＜mg．故答案为：等于，小于．19．（4分）质量为2千克的物体做自由落体运动．在下落过程中，头2秒内重力的做的功是400J，第2秒内重力的功率是300W．（g取10m/s2）【解答】解：（1）前2s内的位移为，h=，重力做功为W=mgh=2×10×20J=400J（2）第2s内的位移为第2s内的重力做功的平均功率为P=故答案为：400、30020．（4分）小颖在田径绕400m环形跑道跑了4圈，则她的位移大小是0m，路程是1600m．【解答】解：小颖在田径场绕400m环形跑道跑了4圈，首末位置重合，则位移的大小为0m，路程等于1600m．故答案为：0，160021．（7分）一个物体置于光滑的水平面上，受到6N水平拉力作用从静止出发，经2s，速度增加到24m/s（g取10m/s2）．（1）物体的质量是多大？（2）力大小不变，方向竖直向上作用在该物体上，使它由静止到4m/s的过程中，物体上升高度多大？【解答】解：（1）加速度为：由牛顿第二定律得质量为：即物体的质量是0.5kg．（2）由牛顿第二定律得：F﹣mg=ma代入数据得：a=2m/s2即物体的加速度为2m/s2．由运动学公式2ax=v2代入数据得：x=4m即物体上升的高度为4m．答：（1）物体的质量是0.5kg；（2）力大小不变，方向竖直向上作用在该物体上，使它由静止到4m/s的过程中，物体上升高度是4m．22．（7分）如图所示，质量m=50kg的跳水运动员从距水面高h=10m的跳台上以v0=5m/s的速度斜向上起跳，最终落入水中．若忽略运动员的身高．取g=10m/s2，求：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能（以水面为参考平面）；（2）运动员起跳时的动能；（3）运动员入水时的速度大小．【解答】解：（1）取水面为参考平面，人的重力势能是E p=mgh=5000J；（2）由动能的公式得E k==625J；（3）在整个过程中，只有重力做功，机械能守恒，由，解得v=15m/s，答：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能是5000J；（2）运动员起跳时的动能是625J；（3）运动员入水时的速度大小是15m/s．三、选考题：[选修1－1]（共6小题，满分22分）23．（3分）在国际单位制中，电容的单位是（）A．法拉B．伏特C．安培D．欧姆【解答】解：A、在国际单位制中，电容的单位是法拉，故A正确．B、伏特是电压的单位，故B错误．C、安培是电流的单位，故C错误．D、欧姆是电阻的单位，故D错误．故选：A．24．（3分）在一电场线上的A点，电场强度为2×103N/C，方向水平向左，现将电量为6×10﹣6C的正电荷放在A点，受到的电场力为（）A．1.2×10﹣2N，方向水平向右B．1.2×10﹣2N，方向水平向左C．1.2×102N，方向水平向右D．1.2×10﹣2N，方向水平向左【解答】解：电量为6×10﹣6C的正电荷放在A点受到的电场力为：F=qE=2×103×6×10﹣6 N=1.2×10﹣2N，方向与A点的场强方向相同，即水平向左．故选：B25．（3分）如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，下列情况中不能引起电流计指针转动的是（）A．闭合电键瞬间B．断开电键瞬间C．闭合电键后拔出铁芯瞬间D．断开电键使变阻器的滑动头向右移动【解答】解：当回路闭合时，只要线圈中的磁通量发生变化，就能形成感应电流，指针便能偏转，在闭合、断开电键瞬间或者抽出铁心瞬间均有感应电流产生，故ABC错误；若断开电键，即使线圈中的磁通量变化也不会有感应电流产生，故D正确．故选D．26．（3分）微波炉加热食物利用那种方式加热（）A．电热丝B．电磁感应C．红外线D．微波【解答】解：微波炉采用的是微波使水分子发生共振的性质，从而产生大量的热量而使食物加热；故选：D．27．（4分）一交流电的瞬时值表达式为：μ=110cos100πt，则此交流电电压的有效值为110V，如果用此交流电给一电动机（所需电压有效值为380V）供电使其正常工作，则需用一个升压（填“升压”、“降压”）变压器．【解答】解：该交流电电压的有效值为：，给电机供电电压为380V，而交流电压为110V，所以要升压变压器．故答案为：110，升压．28．（6分）把一根长度为0.1m、通电电流为5A的直导线，沿着不同的方向放置在磁感应强度为B的匀强磁场中．（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为F=0.5N，求匀强磁场的磁感应强度大小．（2）如果导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，求该直导线受到的安培力的大小．【解答】解：（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为：F=0.5N，B==1T（2）导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，此时导线受到的安培力为0；答：（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为0.5N，匀强磁场的磁感应强度大小为1T．（2）如果导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，该直导线受到的安培力的大小为0．四、[选修3－1]（共6小题，满分0分）29．通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）A．B．2Q C．4Q D．【解答】解：根据Q=I2Rt得，电阻变为原来的2倍，电流强度变为原来的，时间不变，则热量变为：=Q．故选：A．30．真空中有两个点电荷相隔一定距离r，相互作用力为F，若其中一个电荷的电量变为原来的4倍，为要保持原来的作用力大小不变，则两个电荷间的距离变为原来的多少倍（）A．4 B．2 C．1 D．8【解答】解：由库仑定律的公式F=k，知其中一个电荷的电量变为原来的4倍，为要保持原来的作用力大小不变，则两个电荷间的距离变为原来的2倍．故选：B31．下图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点，其中a、b两点电场强度相同的是（）A．B． C．D．【解答】解：A、a、b两点到负电荷的距离相等，由E=k可知，电场强度大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故A错误．B、两等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，根据对称性和电场线的分布可知，a、b两点的电场强度大小不等、方向相同，则电场强度不同，故B错误．C、由电场线的疏密看出，a点和b点电场强度大小相等，但方向相反，所以电场强度不同．故C错误．D、平行金属板内部是匀强电场，a、b两点的电场强度相同．故D正确．故选：D．32．如图所示的电路，闭合开关S后，调节滑动变阻器R，使滑片向上移动，关于两灯泡L1、L2的亮度变化情况，下列说法正确的是（）A．L1、L2均变暗B．L1变亮，L2变暗C．L1、L2均变亮D．L1变暗、L2变亮【解答】解：两个灯泡串联后与滑动变阻器串联，接在电源两端，若滑片向上移动，则动变阻器的滑片使其接入电路的阻值减小，根据闭合电路欧姆定律，电流增大，根据公式P=I2R，两个灯泡的功率增大，故两个灯泡亮度变亮．故选：C33．一不计重力的带电粒子以初速度v0垂直进入一个磁感应强度为B的匀强磁场中运动，此粒子质量为m，带电量为q，粒子将作匀速圆周运动，则此圆周运动的半径为，周期为．【解答】解：粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv0B=m，解得：r=，周期：T==；故答案为：；．34．如图所示，两根光滑平行的金属导轨相距L，固定在水平面上，导轨之间接有电源和开关，整个装置处于磁感应强度为B，方向与导轨平行的匀强磁场中，当开关S闭合时，一根垂直放在导轨上的导体棒MN恰好对金属导轨没有压力，若导体棒MN的质量为m，电阻为R，电源的内阻为r，其余部分电阻忽略不计．求：（1）通过导体棒MN的电流大小；（2）电源的电动势．【解答】解：（1）根据共点力平衡可得：BIL=mg解得：（2）由闭合电路的欧姆定律得：E=I（R+r）E=答：（1）通过导体棒MN的电流大小为；（2）电源的电动势为．。
湖南省衡阳市耒阳市高考物理一模试卷(含解析)
2015年湖南省衡阳市耒阳市高考物理一模试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．每小题给出的四个选项中，至少有一项符合题目要求的，选对但没选全给2分）1．下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是（）A． B．C．D．2．在某停车场，甲、乙两辆同型号的车发生了碰撞事故．甲车司机背部受伤，乙车司机胸部受伤．根据两位司机的伤情可以判定，下列说法中可能正确的是（）A．甲车车头撞了静止的乙车车尾或甲车倒车时车尾撞了静止的乙车车头B．甲车车头撞了静止的乙车车尾或乙车倒车时车尾撞了静止的甲车车头C．乙车车头撞了静止的甲车车尾或甲车倒车时车尾撞了静止的乙车车头D．乙车车头撞了静止的甲车车尾或乙车倒车时车尾撞了静止的甲车车头3．如图所示，斜面体M放置在水平地面上，位于斜面上的物块m受到沿斜面向上的推力F 作用．设物块与斜面之间的摩擦力大小为F1，斜面与地面之间的摩擦力大小为F2．增大推力F，斜面体始终保持静止，下列判断正确的是（）A．如果物块沿斜面向上滑动，则F1、F2一定增大B．如果物块沿斜面向上滑动，则F1、F2一定不变C．如果物块与斜面相对静止，则F1、F2一定增大D．如果物块沿斜面相对静止，则F1、F2一定不变4．在上海世博会最佳实践区，江苏城市案例馆中穹形门窗充满了浓郁的地域风情和人文特色．如图所示，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质光滑滑轮悬挂一重物G．现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近（C 点与A点等高）．则绳中拉力大小变化的情况是（）A．先变小后变大B．先变小后不变C．先变大后不变D．先变大后变小5．2009年当地时间9月23日，在印度的萨蒂什•达万航天中心，一枚PSLV﹣C14型极地卫星运载火箭携带七颗卫星发射升空，成功实现“一箭七星”发射，相关图片如图所示．则下列说法正确的是（）A．火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力大于火箭对气流的作用力B．发射初期，火箭处于超重状态C．高温高压燃气从火箭尾部喷出时对火箭的作用力与火箭对燃气的作用力是一对平衡力D．发射的七颗卫星进入轨道正常运转后，均处于完全失重状态6．如图，地球赤道上的山丘e，近地资源卫星p和同步通信卫星q均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动．设e、p、q的圆周运动速率分别为V1、V2、V3，向心加速度分别为a1、a2、a3，则（）A． V1＞V2＞V3B． V1＜V3＜V2C． a1＞a2＞a3D． a1＜a3＜a27．如图所示小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P，然后落回水平面，不计一切阻力，下列说法正确的是（）A．小球落地点离O点的水平距离为RB．小球落地点时的动能为C．小球运动到半圆弧最高点P时向心力恰好为零D．若将半圆弧轨道上部的圆弧截去，其他条件不变，则小球能达到的最大高度比P 点高0.5R8．某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（）A． a点的电势高于b点的电势B． c点的电场强度大于d点的电场强度C．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增加9．如图所示的电路，闭合开关S后，a、b、c三盏灯均能发光，电源电动势E恒定且内阻r 不可忽略．现将变阻器R的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是（）A． a灯变亮，b灯和c灯变暗B． a灯和c灯变亮，b灯变暗C． a灯和c灯变暗，b灯变亮D． a灯和b灯变暗，c灯变亮10．如图所示，匀强磁场的边界为平行四边形ABDC，其中AC边与对角线BC垂直，一束电子以大小不同的速度沿BC从B点射入磁场，不计电子的重力和电子之间的相互作用，关于电子在磁场中运动的情况，下列说法中正确的是（）A．入射速度越大的电子，其运动时间越长B．入射速度越大的电子，其运动轨迹越长C．从AB边出射的电子的运动时间都相等D．从AC边出射的电子的运动时间都相等11．如图所示，空间存在两个磁场，磁感应强度大小均为B，方向相反且垂直纸面，MN、PQ 为其边界00′为其对称轴．一导线折成边长为L的正方形闭合线框abcd，线框在外力作用下由纸面内图示位置从静止开始向右做匀加速运动，若以逆时针方向为电流的正方向，则从线框开始运动到曲边刚进入到PQ右侧磁场的过程中，能反映线框中感应电流随时间变化规律的图象是（）A． B．C．D．12．一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示．由图可知（）A．该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin 25πt （V）B．该交流电的频率为25 HzC．该交流电的电压的有效值为100 VD．若将该交流电压加在阻值为R=100Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率为50 W二、实验题（每空2分，共16分）13．某实验小组利用如图甲所示的实验装置来探究当合外力一定时，物体运动的加速度与其质量之间的关系，由图甲中刻度尺读出两个光电门中心之间的距离s=24cm，由图乙中游标卡尺测得遮光条的宽度d= cm．该实验小组在做实验时，将滑块从图甲所示位置由静止释放，由数字计时器可以读出遮光条通过光电门1的时间△t1，遮光条通过光电门2的时间△t2，则滑块经过光电门1时的瞬时速度的表达式v1= ，滑块经过光电门2时的瞬时速度的表达式v2= ，则滑块的加速度的表达式a= ．（以上表达式均用字母表示）14．用如图实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒．m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律．图2给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图2所示．已知m1=50g、m2=150g，则（g取10m/s2，结果保留两位有效数字）（1）在纸带上打下记数点5时的速度v= m/s；（2）在打点0～5过程中系统动能的增量△E K= J，系统势能的减少量△E P= J；（3）若某同学作出v2﹣h图象如图3，则当地的实际重力加速度g= m/s2．三、计算题（本题3小题，共36分，请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。
15年湖南省衡阳市联考物理
15年湖南省衡阳市联考物理第一篇:《湖南衡阳市2015届高三第二次联考理科综合物理试题》湖南衡阳市2015届高三第二次联考理科综合物理试题15年湖南省衡阳市联考物理15年湖南省衡阳市联考物理第二篇:《2015年湖南省衡阳市中考物理试题及答案》2015年衡阳市初中毕业学业水平考试试卷物理注意：本试卷共五道大题，满分为100分，时量90分钟;本试卷中取g=10N/kg.一、选择题（共16小题，每小题2分，满分32分）1．下列说法正确的是2．光使世界绚丽多彩，人们的生活更离不开光。
关于光现象，下列说法错误的是A．用玻璃三棱镜可以使太阳光发生色散B．红外线具有热效应C．光在银幕上发生漫反射时反射角大于入射角D．家里的穿衣镜所成的像是正立的虚像3．下列说法不正确的是A．原子由原子核和核外电子构成B．半导体材料的不能导电15年湖南省衡阳市联考物理C．移动电话利用电磁波传递信息15年湖南省衡阳市联考物理D．核电站利用核裂变释放的核能发电4．目前，汽车发动机的气缸都采用金属材料制作，这主要利用了金属耐高温、耐摩擦等性质。
但由于它的另一特性，却使得转化为有用功的能量大为减少，降低了发动机的机械效率，这是指它具有良好的A．弹性 B．磁性 C．导热性 D．导电性5．下列现象中，用物理知识解释正确的是A．物体的温度高，是因为它具有较多的热量B．风吹过，人便感到凉爽，主要是因为流动的空气加快了人身上汗液的升华C．吃冰棒感觉凉爽，是因为熔化要吸热D．运载火箭的燃料采用液氢，是因为液氢的比热容大6．如图所示，将肉片直接放入热油锅里爆炒，会将肉炒焦或炒糊，大大失去鲜味。
厨师预先将适量的淀粉拌入肉片中，再放到热油锅里爆炒，炒出的肉片既鲜嫩味美又营养丰富，对此现象说法不正确的是A．附近能闻到肉香说明了分子在不停地做无规则的运动B．附着在肉片外的淀粉糊有效防止了肉片里水分的蒸发C．在炒肉片过程中，肉片内能增加主要通过热传递实现的D．在炒肉片过程中，肉片的温度升高，内能不变第三篇:《湖南省衡阳市2015届高三上学期期末联考理科综合--物理试题扫描版含答案》。
2015年湖南省六校联考高考物理模拟试卷和答案
2015年湖南省六校联考高考物理模拟试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，1-6为单选题，7-8题为多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．（6分）下列叙述正确的是（）A．牛顿做了著名的斜面实验，得出轻、重物体自由下落一样快的结论B．法拉第发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系C．伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法D．库仑首先提出了电场的概念，并引用电场线形象地表示电场的强弱和方向2．（6分）如图（甲）所示，一根质量分布均匀的粗绳AB长为l，在水平恒力F 的作用下沿水平面运动．绳上距A端x处的张力T与x的关系如图（乙）所示（F 和l为已知量）．下列说法正确的是（）A．粗绳一定不受到摩擦力作用B．若只增大恒力F，则T﹣x直线斜率的绝对值变大C．若已知粗绳的质量，则可求出粗绳运动的加速度D．若已知粗绳运动的加速度，则可求出粗绳的质量3．（6分）如图所示，带电小球以一定的初速度v0竖直向上抛出，能够达到的最大高度为h1；若加上水平方向的匀强磁场，且保持初速度仍为v0，小球上升的最大高度为h2；若加上水平方向的匀强电场，且保持初速度仍为v0，小球上升的最大高度为h3，若加上竖直向上的匀强电场，且保持初速度仍为v0，小球上升的最大高度为h4，如图所示．不计空气，则下列说法正确的是（）A．一定有h1=h3B．一定有h1＜h4C．一定有h2=h4D．一定有h1=h2 4．（6分）如图所示，匀强磁场的磁感应强度B=T，单匝矩形线圈的面积S=1m2，电阻不计，绕垂直于磁场的轴OO′匀速转动．线圈通过电刷与理想变压器原线圈相接，为交流电流表．调整副线圈的滑动触头P，当变压器原、副线圈匝数比为2：1时，副线圈电路中标有“6V，6W”的灯泡正常发光．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为1AB．矩形线圈产生电动势的有效值为18VC．从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律e=12sin30πt（V）D．若矩形线圈转速增大，为使灯泡仍能正常发光，应将P适当上移5．（6分）如图所示，薄半球壳ACB的水平直径为AB，C为最低点，半径为R，一个小球从A点以速度v0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是（）A．只要v0足够大，小球可以击中B点B．v0取值不同时，小球落在球壳上的速度方向和水平方向之间的夹角可以相同C．v0取值适当，可以使小球垂直撞击到半球壳上D．无论v0取何值，小球都不可能垂直撞击半球壳上6．（6分）对于真空中电荷量为q的静止点电荷而言，当选取离点电荷无穷远的电势为零时，离点电荷距离为r的位置的电势为φ=（k为静电力常量），如图所示，两电荷量大小均为Q的异种点电荷相距为d，现将一质子（电荷量为+e）从两电荷连线上的A点沿以负电荷为圆心、半径为R的半圆形轨迹ABC移到C 点，在质子从A到C的过程中，系统电势能的变化情况为（）A．减少 B．增加C．减少 D．增加7．（6分）如图甲所示，一质量为M=3.3kg的滑块随足够长的水平传送带一起向右匀速运动，滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2．一质量m=0.05kg的子弹水平向左射入滑块并留在其中，设子弹与滑动碰撞时在极短的时间内达到速度一致，取水平向左的方向为正方向，子弹在整个运动过程中的v﹣t图象如图乙所示，已知传送带的速度始终保持不变，滑块最后恰好能从传送带的右端水平飞出，g取10m/s2．下列说法正确的是（）A．传送带的速度大小为4m/sB．滑块相对传送带滑动的距离为9mC．滑块相对地面向左运动的最大位移为3mD．若滑块可视为质点且传送带与转动轮间不打滑，则转动轮的半径R为0.4m 8．（6分）如图所示，两根足够长的水平平行金属导轨相距为L，固定在水平桌面上，导轨右端连接电动势为E（内阻不计）的电池及电阻R．长度略大于L的金属棒垂直于导轨放置，若在整个空间加上方向竖直向下的匀强磁场，闭合开关后金属棒由静止开始滑动一段时间后可达到匀速状态，且不同大小的磁感应强度，达到匀速状态的速度不同．设运动时金属棒与导轨间的摩擦力恒为f．不考虑金属棒中电流的磁场及金属棒的电阻．下列说法正确的是（）A．当磁感应强度B=时，金属棒达到匀速状态的速度具有最大值B．金属棒达到匀速状态的速度具有最大值时，其两端电压为C．金属棒达到匀速状态的速度具有最大值时，通过的电流为D．金属棒达到匀速状态的速度具有最大值时，其克服摩擦力的功率为二、非选择题包括必考题和选考题两部分．第9题-第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题-第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（1）题，9．（6分）为测定小物块P与半径为R的圆形转台B之间的动摩擦因数（设滑动摩擦力与最大静摩擦力相等），小宇设计了如图所示实验，并进行如下操作：（1）用天平测得小物块P的质量m；（2）测得遮光片宽为d，伸出转台的长度为L（d＜＜L）；（3）将小物块P放在水平转台上，并让电动机带动转台匀速转动，调节光电门的位置，使固定在转台边缘的遮光片远离转轴的一端恰好能扫过光电门的激光束；（4）转动稳定后，从与光电门连接的计时器读出遮光片单次经过光电门的时间为△t；（5）不断调整小物块与转台中心O的距离，当距离为r时，小物块随转台匀速转动时恰好不会被甩出．已知当地重力加速度为g，那么，转台旋转的角速度ω=，小物块与转台间的动摩擦因数μ=，实验中不必要的步骤是（填步骤序号）．10．（9分）为了测量两个电压表的内阻，某学习小组依据实验室提供的下列器材，设计了如图电路．A．待测电压表V1，量程为3V，内阻约为10kΩ；B．待测电压表V2，量程为6V，内阻约为20kΩ；C．电阻箱R1，阻值范围0～9999.9Ω；D．电阻箱R2，阻值范围0～999.9Ω；E．滑动变阻器R3，阻值范围0～1500Ω，额定电流1.5A；F．电池组，电动势为12V，内电阻为0.5Ω．此外还有单刀开关若干和导线若干共选用，要求可进行多次测量并使电表读数大于量程的，该小组没有标明图中的a、b、c是什么电器元件，请你根据电路图，完成下列填空．（1）a应选取的电压表（填待测电压表前面的字母“A”或“B”）；（2）c应选取的电阻箱（填电阻箱前面的字母“C”或“D”）；（3）开关S1闭合，S2断开，V1、V2的读数分别是U1、U2，调节电阻箱的读数为R，S1和S2均闭合，适当调节R3，测得V1、V2的读数分别是U1′、U2′．可得到待测电压表V 1的内阻表达式为R=．11．（13分）湖南方言中的“逗霸”来源于“斗把”，其本意是给锤子、铁锹等安装木制手柄的过程，下面将这一过程简化为如下的物理模型，如图所示，一高度可以忽略的圆环形铁锤套在粗细均匀的圆柱形木柄上，铁锤到手柄下端长l=50.0cm．为了使铁锤安装到手柄下端，先用手抓住手柄上端，使手柄与铁锤由静止开始一起竖直向下做匀加速直线运动，t=0.40s时，手柄下端碰到地面立即停止运动，此时手柄下降高度H=1.2m，铁锤恰能安装到手柄的下端．设铁锤相对手柄滑动时受到的摩擦力恒定，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2．求：（1）铁锤与手柄一起加速运动时的加速度大小；（2）铁锤受到的滑动摩擦力与其重力的比值．12．（19分）一宇宙人在太空（万有引力可以忽略不计）玩垒球，垒球的质量为m、带电荷量大小为q的负电荷，如图所示，太空球场上半部分是长为4a、宽为a的矩形磁场区域，该区域被y轴平分，且有磁感应强度为B、垂直纸面向里的水平匀强磁场．球场的下半部分有竖直向下的匀强电场（无限大），x轴恰为磁场与电场的水平分界线，P点为y轴上y=﹣a的一点．（1）若宇宙人将垒球从P点静止开始释放，要使垒球不从太空球场上边界射出，求电场的电场强度E大小．（2）若垒球还是从P点静止开始释放，在x=2.5a处有一与x轴垂直的足够大的球网（图中未画出）．若将球网向x轴正方向平移，垒球打在网上的位置始终不改变，则电场的电场强度E′为多大？（3）若a=3m，匀强磁场充满y＞0的所有区域，磁感应强度B=10T，匀强电场的电场强度E0=100V/m，一宇宙人从P点以适当的初速度平行于负x轴抛出垒球，垒球质量m=0.1kg，q=﹣0.05C，使它经过负x轴上的D点，然后历经磁场一次自行回至P点，求OD的距离和从抛出到第一次回到P点所用的时间．选考题【物理-选修3-3】13．（6分）下列说法正确的是（）A．物体中分子热运动动能的总和等于物体的内能B．橡胶无固定熔点，是非晶体C．饱和汽压与分子密度有关，与温度无关D．热机的效率总小于1E．对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大14．（9分）一圆柱形气缸，质量M为10kg，总长度L为40cm，内有一厚度不计的活塞，质量m为5kg，截面积S为50cm2，活塞与气缸壁间摩擦不计，但不漏气，当外界大气压强p0为1×105Pa、温度t0为7℃时，如果用绳子系住活塞将气缸悬挂起来，如图所示，气缸内气体柱的高L1为35cm，（g取10m/s2）求：①此时气缸内气体的压强；②当温度升高到多少摄氏度时，活塞与气缸将分离．【物理-选修3-4】15．下列说法正确的是（）A．泊松亮斑是光的衍射现象，玻璃管中的气泡看起来特别明亮是光的全反射现象B．在电磁波接收过程中，使声音信号或图象信号从高频电磁波中还原出来的过程叫调制C．一简谐横波以速度v沿x轴正方向传播，t=0时传播到坐标原点，此质点正从平衡位置以速度v0向下振动．已知质点的振幅为A，振动角频率为ω，则x轴上横坐标为λ处质点的振动方程为y=﹣Asinω（t﹣）D．在光的双逢干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则干涉条纹间距变窄E．真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，与光源、观察者间的相对运动没有关系16．与小白炽灯泡和氖灯相比，发光二极管具有工作电压低（有的仅一点几伏），工作电流很小（有的仅零点几毫安即可发光）、抗冲击和抗震性能好、可靠性高、寿命长、通过调节电流可以方便地调节发光的强弱等特点，被广泛应用于电子显示屏和新型照明光源等领域，通常发光二极管的成品是将发光二极管的管芯封装在一个半球形的透明介质中的（如图所示）有一种用于电子显示屏的发光二极管，其管芯的发光区域为直径等于2mm的圆盘，封装用的透明介质的折射率为1.7，为了使人们能在更大的角度范围内最清晰的看到发光二极管发出的光，即要求管芯发光面上每一个发光点发出的光都能从整个半球面射出，试分析在制作发光管时半球形介质的半径R应满足是什么条件．【物理-选修3-5】17．下列说法正确的是（）A．卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子核有复杂的结构B．碘131的半衰期为8天，若有4个碘原子核，经过4天就只剩下2个C．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子时所产生的D．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，要吸收光子E．光电效应实验中，遏止电压与入射光的频率有关18．如图，光滑水平直轨道上有三个质量均为m的物块A、B、C．B的左侧固定一轻弹簧（弹簧左侧的挡板质量不计）．设A以速度v0朝B运动，压缩弹簧；当A、B速度相等时，B与C恰好相碰并粘接在一起，然后继续运动。
湖南省衡阳市高三理综(物理部分)上学期期末联考试题(
湖南省衡阳市2015届高三理综（物理部分）上学期期末联考试题（扫描版）物理（一）参考答案 二、选择题目 14 15 16 17 18 19 20 21 B DDCCABABDCD22.(1) 9.015 （2分）(2) 1.3 （2分） （3）Mgam M mg )(+- （2分）23.（1）B （3分） （2）3001.4Ω （2分） （3） （4分）24. （13分）解： （1）根据牛顿第二定律有：F -f 1=ma （2分） f 1=kmg =0.1mg （1分） 解得：a =mf F 1-=2m/s 2（2分） （2）x =2260222⨯=avm=900m （2分）x =900m （1分）（3）波音777以900km/h 匀速巡航时，此时阻力等于空气阻力： f 2=3×105×2×0.90N =5.4×105N (2分)， v=900km/h=250m/s, （1分）此时发动机的功率：P ＝Fv=f 2v=5.4×105×250W=1.35×108W （2分）（或单发动机的功率P 单＝6.75×107W 也记2分 ） 25. （19分） 解：（1）设轨迹半径为R ，轨迹如下图所示， ︒=30sin 2R l OC （2分）由几何知识得：︒+︒︒=︒60cos 30sin 260sin 30tan l R l ，（2分）解得：R =l （2分）由牛顿第二定律有：qv 0B =m Rv 20（2 分）解得：qlmv B 0=（2分）（2）在电场E 1中：2112160cos t mqE l =︒ （2分） 1060sin t v l =︒ （2分）在电场E 2中：2222160sin t mqE l =︒ （2分） 2060cos t v l =︒（1分） 联立方程解得：9321=E E （2分） 33.（1）BCE（2）解：①封闭气体发生等温变化气体初状态的压强为p 1= p 0=1.0×105pa ，气体末状态的压强为smgp p +=02（1分） 根据玻意耳定律得p 1HS =p 2hS （1分）， 得：h =0.40m （1分）外界对气体做功))((0h H mg S p W -+= （1分） 根据热力学第一定律：0=+=∆Q W U （1分） 得Q =-30J ，即放出30J 热；（1分） ②气体发生等压变化，得：11T Sh T Sh = （2分） 代入数据可得: h 1=0.48m 。
湖南省十三校2015年高考物理一模试卷 含解析
2015年湖南省十三校高考物理一模试卷一、单项选择题(本题共8小题，每小题3分，共计24分）1．关于物理学的研究方法，以下说法错误的是（)A．伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B．卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时,应用了放大法C．电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比,与试探电荷的电量成反比D．“合力与分力”“总电阻"“交流电的有效值"用的是“等效替代"的方法2．纳米(10﹣9m）技术是指1纳米～100纳米（1nm～100nm）尺度范围内,通过直接操纵原子、分子、原子团或分子团使其重新排列从而组成新物质的技术．用纳米材料研制出一种新型涂料,喷涂在船体上能使船行驶时所受的阻力减小一半．若有一艘货轮发动机保持牵引力F 不变，喷涂纳米材料后货轮加速度比原来大了一倍,则牵引力F与喷涂纳米材料前的阻力F f 之间大小关系是(）A．F=F f B．F=1。
5F f C．F=2F f D．F=3F f3．如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心,∠MOP=60°，在M、N处各有一条长直导线垂直穿过纸面,导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示,这时O点的磁感应强度大小为B1．若将N处的长直导线移至P处，则O点的磁感应强度大小变为B2，则B2与B1之比为（）A．1：1 B．1:2 C．:1 D．：24．如图所示，a、b两点位于同一条竖直线上，从a、b两点分别以速度v1、v2水平抛出两个相同的小球,可视为质点,它们在水平地面上方的P点相遇．假设在相遇过程中两球的运动没有受到影响，空气阻力忽略不计,则下列说法正确的是（）A．两个小球从a、b两点同时抛出B．两小球抛出的初速度v1＞v2C．从b点抛出的小球着地时水平射程较小D．从a点抛出的小球着地时重力的瞬时功率较大5．轻质弹簧A的两端分别连在质量为m1和m2的小球上，两球均可视为质点．另有两根与A完全相同的轻质弹簧B、C的一端分别与两个小球相连，日的另一端固定在天花板上，C 的另一端用手牵住,如图所示．适当调节手的高度与用力的方向，保持B弹簧轴线跟竖直方向夹角为37°不变（已知sin37°=0.6，cos37°=0。
湖南省2015届高考仿真模拟理科综合试卷.pdf
湖南省 2015届高三高考仿真 理科综合能力试题 时量：150分钟 总分：300分 注意事项： 1．本试题卷分选择题和非选择题两部分，共16页。
时量150分钟，满分300分。
答题前，考 生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡和本试题卷上。
2．回答选择题时，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试题卷和草稿纸上无效。
3．回答非选择题时，用0.5毫米黑色墨水签字笔将答案按题号写在答题卡上。
写在本试题卷和草稿纸上无效。
4．考试结束时，将本试题卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H-l C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 S-32 第Ⅰ卷 选择题（共2 1小题，每小题6分，共126分） 一、选择题（本题共13小题，每小题6分，共78分。
在每小题列出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的） 1．下列叙述正确的是 A.在花生子叶薄片上滴加苏丹Ⅲ染液，若发现满视野都呈现橘黄色，可以滴1～2滴50%盐酸洗去浮色 B．人体用于维持体温的热能来自于ATP水解释放的能量 C．用透气的消毒纱布包扎伤口可抑制破伤风芽孢杆菌增殖 D．紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞发生质壁分离复原过程中，液泡里的色素渗透出细胞导致细胞液颜色变浅 2．对下列图中有关的生物学意义的描述正确的是 A．甲图若在c点切断，则刺激b点后，a点会兴奋，肌肉会收缩 B．乙图人体物质交换中体内细胞与B间不能直接进行物质交换，体内细胞与A之间才能直接进行物质交换 C．丙图中，对向光弯曲的植物而言，若茎背光侧为B对应的生长素浓度，则茎向光侧不可能为C对应的浓度 D．图丁中靶细胞裂解与效应T细胞内的溶酶体有关 3．下图1表示胰岛素浓度与血糖的补充速率和消耗速率之间的关系，图2表示描述某种生命活动的模型。
下列相关分析错误的是 A．曲线甲表示血糖的补充速率，曲线乙表示血糖的消耗速率 B．胰岛素作用于肝脏、肌肉等细胞导致曲线甲上升 C．若E为调节中枢，a为血糖浓度下降，则b、c可分别代表胰高血糖素和肾上腺素分泌增加 D．若E为神经中枢，a为渗透压升高，则b、c可分别代表抗利尿激素释放增加和产生渴觉4．如图表示在采用不同网目（网眼直径）和不同捕捞强度时对大西洋鳕鱼捕获量的影响。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2015年湖南省衡阳市高考物理模拟试卷一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1．（3分）下列物理量中，属于标量的是（）A．位移B．力C．电场强度D．功率2．（3分）某物体运动的v﹣t图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．变速直线运动C．朝某一方向直线运动D．不能确定物体运动情况3．（3分）一个木箱在水平力F的作用下沿粗糙水平地面滑动，运动方向与F方向相反，有四位同学作出它的受力情况分别如图中所示，其中正确的是（）A．B． C．D．4．（3分）关于平抛运动，下列说法中正确的是（）A．平抛运动是匀速运动B．平抛运动是加速度不断变化的运动C．平抛运动是匀变速曲线运动D．做平抛运动的物体落地时速度方向一定是竖直向下的5．（3分）将原长10cm的轻质弹簧竖直悬挂，当下端挂200g的钩码时，弹簧的长度为12cm，则此弹簧的劲度系数为（）A．1N/m B．10N/m C．100N/m D．1000N/m6．（3分）一质点沿直线运动，其v﹣t图如图所示，由图象可知（）A．在0～2秒内质点做匀加速直线运动B．在0～2秒内质点做匀减速直线运动C．在2～4秒内质点做匀加速直线运动D．在2～4秒内质点做匀减速直线运动7．（3分）物体做匀速圆周运动时，保持不变的量是（）A．动能B．速度C．加速度D．合外力8．（3分）如图，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是（）A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对作用力和反作用力C．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力D．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力9．（3分）起重机以10kW的恒定功率将地面上质量为50kg的物体由静止向上吊起，则物体可以达到的最大速度是（不计空气阻力，g=10m/s2）（）A．200m/s B．30m/s C．25m/s D．20m/s10．（3分）某物体在地面上受到地球对它的万有引力为F，若此物体受到的引力减小到，则此物体距离地面的高度应为（R为地球半径）（）A．R B．2R C．4R D．8R11．（3分）“探究做功与物体速度变化的关系”的实验装置如图所示，用该装置实验时，不可缺少的操作是（）A．测出小车的质量B．测出橡皮筋的伸长量C．用量角器测出长木板的倾角D．改变橡皮筋条数后将小车从同一位置释放12．（3分）如图所示，小强正在荡秋千．关于绳上a点和b点的线速度和角速度，下列关系正确的是（）A．v a=v b B．v a＞v b C．ωa=ωb D．ωa＜ωb13．（3分）将一个大小为8N的力分解成两个分力，下列各组值不可能的是（）A．1N和10N B．10N和10N C．10N和15N D．15N和20N14．（3分）我国发射的“神舟七号”载人飞船，与“神舟六号”船相比，它在较低的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）A．“神舟七号”的速率较大B．“神舟七号”的速率较小C．“神舟七号”的周期更长D．“神舟七号”的周期与“神舟六号”的相同15．（3分）如图所示，物体在光滑斜面上由静止开始下滑，在下滑过程中，以下说法正确的是（）A．重力做正功B．重力做负功C．支持力做正功D．支持力做负功16．（3分）一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s2，石块在下落过程中，第3s末的速度大小为（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s二、必考题（共6小题，满分30）17．（4分）如图为某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为s．为了由v﹣t图象求出小车的加速度，他量出相邻两计数点间的距离，分别求出打各计数点时小车的速度．其中打计数点3时小车的速度为m/s．18．（4分）如图所示，一辆汽车在水平路面上行驶时对路面的压力（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力；通过拱形路面最高处时对路面的压力（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力．19．（4分）质量为2千克的物体做自由落体运动．在下落过程中，头2秒内重力的做的功是J，第2秒内重力的功率是W．（g取10m/s2）20．（4分）小颖在田径绕400m环形跑道跑了4圈，则她的位移大小是m，路程是m．21．（7分）一个物体置于光滑的水平面上，受到6N水平拉力作用从静止出发，经2s，速度增加到24m/s（g取10m/s2）．（1）物体的质量是多大？（2）力大小不变，方向竖直向上作用在该物体上，使它由静止到4m/s的过程中，物体上升高度多大？22．（7分）如图所示，质量m=50kg的跳水运动员从距水面高h=10m的跳台上以v0=5m/s的速度斜向上起跳，最终落入水中．若忽略运动员的身高．取g=10m/s2，求：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能（以水面为参考平面）；（2）运动员起跳时的动能；（3）运动员入水时的速度大小．三、选考题：[选修1－1]（共6小题，满分22分）23．（3分）在国际单位制中，电容的单位是（）A．法拉B．伏特C．安培D．欧姆24．（3分）在一电场线上的A点，电场强度为2×103N/C，方向水平向左，现将电量为6×10﹣6C的正电荷放在A点，受到的电场力为（）A．1.2×10﹣2N，方向水平向右B．1.2×10﹣2N，方向水平向左C．1.2×102N，方向水平向右D．1.2×10﹣2N，方向水平向左25．（3分）如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，下列情况中不能引起电流计指针转动的是（）A．闭合电键瞬间B．断开电键瞬间C．闭合电键后拔出铁芯瞬间D．断开电键使变阻器的滑动头向右移动26．（3分）微波炉加热食物利用那种方式加热（）A．电热丝B．电磁感应C．红外线D．微波27．（4分）一交流电的瞬时值表达式为：μ=110cos100πt，则此交流电电压的有效值为V，如果用此交流电给一电动机（所需电压有效值为380V）供电使其正常工作，则需用一个（填“升压”、“降压”）变压器．28．（6分）把一根长度为0.1m、通电电流为5A的直导线，沿着不同的方向放置在磁感应强度为B的匀强磁场中．（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为F=0.5N，求匀强磁场的磁感应强度大小．（2）如果导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，求该直导线受到的安培力的大小．四、[选修3－1]（共6小题，满分0分）29．通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）A．B．2Q C．4Q D．30．真空中有两个点电荷相隔一定距离r，相互作用力为F，若其中一个电荷的电量变为原来的4倍，为要保持原来的作用力大小不变，则两个电荷间的距离变为原来的多少倍（）A．4 B．2 C．1 D．831．下图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点，其中a、b两点电场强度相同的是（）A．B． C．D．32．如图所示的电路，闭合开关S后，调节滑动变阻器R，使滑片向上移动，关于两灯泡L1、L2的亮度变化情况，下列说法正确的是（）A．L1、L2均变暗B．L1变亮，L2变暗C．L1、L2均变亮D．L1变暗、L2变亮33．一不计重力的带电粒子以初速度v0垂直进入一个磁感应强度为B的匀强磁场中运动，此粒子质量为m，带电量为q，粒子将作匀速圆周运动，则此圆周运动的半径为，周期为．34．如图所示，两根光滑平行的金属导轨相距L，固定在水平面上，导轨之间接有电源和开关，整个装置处于磁感应强度为B，方向与导轨平行的匀强磁场中，当开关S闭合时，一根垂直放在导轨上的导体棒MN恰好对金属导轨没有压力，若导体棒MN的质量为m，电阻为R，电源的内阻为r，其余部分电阻忽略不计．求：（1）通过导体棒MN的电流大小；（2）电源的电动势．2015年湖南省衡阳市高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1．（3分）下列物理量中，属于标量的是（）A．位移B．力C．电场强度D．功率【解答】解：位移、力和电场强度都是有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的矢量，只有功率是只有大小，没有方向的标量．故D正确．故选D2．（3分）某物体运动的v﹣t图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．变速直线运动C．朝某一方向直线运动D．不能确定物体运动情况【解答】解：v﹣t图象的正负表示速度的方向，故物体的运动方向在周期性改变，不是朝某一方向做直线运动，而是做往复运动，故A正确，BCD错误；故选：A．3．（3分）一个木箱在水平力F的作用下沿粗糙水平地面滑动，运动方向与F方向相反，有四位同学作出它的受力情况分别如图中所示，其中正确的是（）A．B． C．D．【解答】解：木箱沿粗糙水平地面滑动，受到重力G、水平地面的支持力N和水平拉力F作用，与F相同方向上的摩擦力，力图如C所示．故选：C4．（3分）关于平抛运动，下列说法中正确的是（）A．平抛运动是匀速运动B．平抛运动是加速度不断变化的运动C．平抛运动是匀变速曲线运动D．做平抛运动的物体落地时速度方向一定是竖直向下的【解答】解：A、平抛运动的加速度为g，方向始终竖直向下，所以平抛运动是匀变速曲线运动．故A、B错误，C正确．D、平抛运动在水平方向的速度不变，最终落地的速度是水平方向和竖直方向速度的合速度，根据平行四边形定则，落地的速度方向不可能竖直向下的．故D 错误．故选C．5．（3分）将原长10cm的轻质弹簧竖直悬挂，当下端挂200g的钩码时，弹簧的长度为12cm，则此弹簧的劲度系数为（）A．1N/m B．10N/m C．100N/m D．1000N/m【解答】解：重物受力平衡，故F=mg=200×﹣3×10N=2N由F=k（L﹣L0）得：k===100N/m故选：C6．（3分）一质点沿直线运动，其v﹣t图如图所示，由图象可知（）A．在0～2秒内质点做匀加速直线运动B．在0～2秒内质点做匀减速直线运动C．在2～4秒内质点做匀加速直线运动D．在2～4秒内质点做匀减速直线运动【解答】解：A、0﹣2s内，速度随时间均匀增加，质点做匀加速直线运动，故A 正确，B错误．C、2﹣4s内，速度随时间不变，质点做匀速直线运动，故C、D错误．故选：A．7．（3分）物体做匀速圆周运动时，保持不变的量是（）A．动能B．速度C．加速度D．合外力【解答】解：在描述匀速圆周运动的物理量中，线速度、向心加速度、向心力这几个物理量都是矢量，虽然其大小不变但是方向在变，因此这些物理量是变化的；动能是标量只与速度的大小有关，所以动能不变，所以A正确，BCD错误．故选：A．8．（3分）如图，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是（）A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对作用力和反作用力C．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力D．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力【解答】解：对小球受力分析，受地球对其的重力，细线对其向上的拉力，小球保持静止状态，加速度为零，合力为零，故重力和拉力是一对平衡力；细线的拉力的反作用力是小球对细线的向下的拉力，这两个力是一对相互作用力，等值、反向、共线；故小球对细线的拉力等于小球的重力，但重力和拉力不是同一个力；故选D．9．（3分）起重机以10kW的恒定功率将地面上质量为50kg的物体由静止向上吊起，则物体可以达到的最大速度是（不计空气阻力，g=10m/s2）（）A．200m/s B．30m/s C．25m/s D．20m/s【解答】解：物体达到最大速度时，拉力等于重力即F=mg=FV=mgV得有P额V==m/s=20m/s故选D．10．（3分）某物体在地面上受到地球对它的万有引力为F，若此物体受到的引力减小到，则此物体距离地面的高度应为（R为地球半径）（）A．R B．2R C．4R D．8R【解答】解：根据万有引力定律表达式得：，其中r为物体到地球中心的距离．某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F，此时r=R；若此物体受到的引力减小为，根据得出此时物体到地球中心的距离r′=2R，所以物体距离地面的高度应为R．故选：A11．（3分）“探究做功与物体速度变化的关系”的实验装置如图所示，用该装置实验时，不可缺少的操作是（）A．测出小车的质量B．测出橡皮筋的伸长量C．用量角器测出长木板的倾角D．改变橡皮筋条数后将小车从同一位置释放【解答】解：A、本实验是为了探究做功与物体速度变化的关系，只要保证小车的质量不变即可，不需要测量小车的质量，故A错误．BD、实验中改变拉力做功时，为了能定量，所以用不同条数的橡皮筋且拉到相同的长度，这样橡皮筋对小车做的功就有倍数关系．而不需要测量出每根橡皮筋做功的数值，即不需要测量橡皮筋的伸长量．每次只要保证从同一位置由静止释放这样开始时橡皮筋的形变量相同，过程中每根橡皮筋做的功就相同．故B错误、D正确．C、平衡摩擦力时，把木板的一段垫高，使得小车做匀速运动即可，不需要用量角器测出长木板的倾角，故C错误．故选：D．12．（3分）如图所示，小强正在荡秋千．关于绳上a点和b点的线速度和角速度，下列关系正确的是（）A．v a=v b B．v a＞v b C．ωa=ωb D．ωa＜ωb【解答】解：ABCD、荡秋千可视为同轴转动，所以a、b两点角速度相同；据v=ωr 和a、b两点的半径不同，所以有：v b＞v a，故ABD错误，C 正确故选：C．13．（3分）将一个大小为8N的力分解成两个分力，下列各组值不可能的是（）A．1N和10N B．10N和10N C．10N和15N D．15N和20N【解答】解：A、1N与10N的合力范围是9N≤F≤11N．不可能为8N．故A错误．B、10N与10N的合力范围是0N≤F≤20N．可能为8N．故B正确．C、10N与15N的合力范围是5N≤F≤25N．可能为8N．故C正确．D、15N与20N的合力范围是5N≤F≤35N．可能为8N．故D正确．本题选不可能的，故选：A14．（3分）我国发射的“神舟七号”载人飞船，与“神舟六号”船相比，它在较低的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）A．“神舟七号”的速率较大B．“神舟七号”的速率较小C．“神舟七号”的周期更长D．“神舟七号”的周期与“神舟六号”的相同【解答】解：根据万有引力等于向心力得：=m=mA、v=，轨道半径越小，速度越大，所以“神舟七号”的速率较大，故A正确，B错误；C、T=2π，轨道半径越小，周期越小．所以“神舟七号”的周期更短，故CD错误；故选：A．15．（3分）如图所示，物体在光滑斜面上由静止开始下滑，在下滑过程中，以下说法正确的是（）A．重力做正功B．重力做负功C．支持力做正功D．支持力做负功【解答】解：A、物体的重力竖直向下，重力与位移的夹角小于90°，则可知重力做正功；故A正确，B错误；C、由于支持力一直和运动方向相互垂直，故支持力不做功；故CD错误；故选：A．16．（3分）一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s2，石块在下落过程中，第3s末的速度大小为（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s【解答】解：石块从楼顶自由落下，石块下落3s末的速度为：v=gt=10×3m/s=30m/s，故D正确．故选：D二、必考题（共6小题，满分30）17．（4分）如图为某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为0.1s．为了由v﹣t图象求出小车的加速度，他量出相邻两计数点间的距离，分别求出打各计数点时小车的速度．其中打计数点3时小车的速度为0.46m/s．【解答】解：计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为：T=0.02×5=0.1s；由匀变速直线运动的推论可知，打计数点3时小车的速度为：=故答案为：0.1；0.46．18．（4分）如图所示，一辆汽车在水平路面上行驶时对路面的压力等于（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力；通过拱形路面最高处时对路面的压力小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力．【解答】解：汽车在水平路面上行驶时对路面的压力等于其重力；汽车通过凸圆弧形路面顶部时，由汽车的重力和桥面的支持力的合力提供汽车的向心力，即：mg﹣F N=m解得：F N=mg﹣m有：F N＜mg根据牛顿第三定律可知，汽车对路面的压力为：F N′=F N＜mg．故答案为：等于，小于．19．（4分）质量为2千克的物体做自由落体运动．在下落过程中，头2秒内重力的做的功是400J，第2秒内重力的功率是300W．（g取10m/s2）【解答】解：（1）前2s内的位移为，h=，重力做功为W=mgh=2×10×20J=400J（2）第2s内的位移为第2s内的重力做功的平均功率为P=故答案为：400、30020．（4分）小颖在田径绕400m环形跑道跑了4圈，则她的位移大小是0m，路程是1600m．【解答】解：小颖在田径场绕400m环形跑道跑了4圈，首末位置重合，则位移的大小为0m，路程等于1600m．故答案为：0，160021．（7分）一个物体置于光滑的水平面上，受到6N水平拉力作用从静止出发，经2s，速度增加到24m/s（g取10m/s2）．（1）物体的质量是多大？（2）力大小不变，方向竖直向上作用在该物体上，使它由静止到4m/s的过程中，物体上升高度多大？【解答】解：（1）加速度为：由牛顿第二定律得质量为：即物体的质量是0.5kg．（2）由牛顿第二定律得：F﹣mg=ma代入数据得：a=2m/s2即物体的加速度为2m/s2．由运动学公式2ax=v2代入数据得：x=4m即物体上升的高度为4m．答：（1）物体的质量是0.5kg；（2）力大小不变，方向竖直向上作用在该物体上，使它由静止到4m/s的过程中，物体上升高度是4m．22．（7分）如图所示，质量m=50kg的跳水运动员从距水面高h=10m的跳台上以v0=5m/s的速度斜向上起跳，最终落入水中．若忽略运动员的身高．取g=10m/s2，求：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能（以水面为参考平面）；（2）运动员起跳时的动能；（3）运动员入水时的速度大小．【解答】解：（1）取水面为参考平面，人的重力势能是E p=mgh=5000J；（2）由动能的公式得E k==625J；（3）在整个过程中，只有重力做功，机械能守恒，由，解得v=15m/s，答：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能是5000J；（2）运动员起跳时的动能是625J；（3）运动员入水时的速度大小是15m/s．三、选考题：[选修1－1]（共6小题，满分22分）23．（3分）在国际单位制中，电容的单位是（）A．法拉B．伏特C．安培D．欧姆【解答】解：A、在国际单位制中，电容的单位是法拉，故A正确．B、伏特是电压的单位，故B错误．C、安培是电流的单位，故C错误．D、欧姆是电阻的单位，故D错误．故选：A．24．（3分）在一电场线上的A点，电场强度为2×103N/C，方向水平向左，现将电量为6×10﹣6C的正电荷放在A点，受到的电场力为（）A．1.2×10﹣2N，方向水平向右B．1.2×10﹣2N，方向水平向左C．1.2×102N，方向水平向右D．1.2×10﹣2N，方向水平向左【解答】解：电量为6×10﹣6C的正电荷放在A点受到的电场力为：F=qE=2×103×6×10﹣6 N=1.2×10﹣2N，方向与A点的场强方向相同，即水平向左．故选：B25．（3分）如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，下列情况中不能引起电流计指针转动的是（）A．闭合电键瞬间B．断开电键瞬间C．闭合电键后拔出铁芯瞬间D．断开电键使变阻器的滑动头向右移动【解答】解：当回路闭合时，只要线圈中的磁通量发生变化，就能形成感应电流，指针便能偏转，在闭合、断开电键瞬间或者抽出铁心瞬间均有感应电流产生，故ABC错误；若断开电键，即使线圈中的磁通量变化也不会有感应电流产生，故D正确．故选D．26．（3分）微波炉加热食物利用那种方式加热（）A．电热丝B．电磁感应C．红外线D．微波【解答】解：微波炉采用的是微波使水分子发生共振的性质，从而产生大量的热量而使食物加热；故选：D．27．（4分）一交流电的瞬时值表达式为：μ=110cos100πt，则此交流电电压的有效值为110V，如果用此交流电给一电动机（所需电压有效值为380V）供电使其正常工作，则需用一个升压（填“升压”、“降压”）变压器．【解答】解：该交流电电压的有效值为：，给电机供电电压为380V，而交流电压为110V，所以要升压变压器．故答案为：110，升压．28．（6分）把一根长度为0.1m、通电电流为5A的直导线，沿着不同的方向放置在磁感应强度为B的匀强磁场中．（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为F=0.5N，求匀强磁场的磁感应强度大小．（2）如果导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，求该直导线受到的安培力的大小．【解答】解：（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为：F=0.5N，B==1T（2）导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，此时导线受到的安培力为0；答：（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为0.5N，匀强磁场的磁感应强度大小为1T．（2）如果导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，该直导线受到的安培力的大小为0．四、[选修3－1]（共6小题，满分0分）29．通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）A．B．2Q C．4Q D．【解答】解：根据Q=I2Rt得，电阻变为原来的2倍，电流强度变为原来的，时间不变，则热量变为：=Q．故选：A．30．真空中有两个点电荷相隔一定距离r，相互作用力为F，若其中一个电荷的电量变为原来的4倍，为要保持原来的作用力大小不变，则两个电荷间的距离变为原来的多少倍（）A．4 B．2 C．1 D．8【解答】解：由库仑定律的公式F=k，知其中一个电荷的电量变为原来的4倍，为要保持原来的作用力大小不变，则两个电荷间的距离变为原来的2倍．故选：B31．下图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点，其中a、b两点电场强度相同的是（）A．B． C．D．【解答】解：A、a、b两点到负电荷的距离相等，由E=k可知，电场强度大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故A错误．B、两等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，根据对称性和电场线的分布可知，a、b两点的电场强度大小不等、方向相同，则电场强度不同，故B错误．C、由电场线的疏密看出，a点和b点电场强度大小相等，但方向相反，所以电场强度不同．故C错误．D、平行金属板内部是匀强电场，a、b两点的电场强度相同．故D正确．故选：D．32．如图所示的电路，闭合开关S后，调节滑动变阻器R，使滑片向上移动，关于两灯泡L1、L2的亮度变化情况，下列说法正确的是（）A．L1、L2均变暗B．L1变亮，L2变暗C．L1、L2均变亮D．L1变暗、L2变亮【解答】解：两个灯泡串联后与滑动变阻器串联，接在电源两端，若滑片向上移动，则动变阻器的滑片使其接入电路的阻值减小，根据闭合电路欧姆定律，电流增大，根据公式P=I2R，两个灯泡的功率增大，故两个灯泡亮度变亮．故选：C33．一不计重力的带电粒子以初速度v0垂直进入一个磁感应强度为B的匀强磁场中运动，此粒子质量为m，带电量为q，粒子将作匀速圆周运动，则此圆周运动的半径为，周期为．【解答】解：粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv0B=m，解得：r=，周期：T==；故答案为：；．34．如图所示，两根光滑平行的金属导轨相距L，固定在水平面上，导轨之间接有电源和开关，整个装置处于磁感应强度为B，方向与导轨平行的匀强磁场中，当开关S闭合时，一根垂直放在导轨上的导体棒MN恰好对金属导轨没有压力，若导体棒MN的质量为m，电阻为R，电源的内阻为r，其余部分电阻忽略不计．求：（1）通过导体棒MN的电流大小；（2）电源的电动势．【解答】解：（1）根据共点力平衡可得：BIL=mg解得：（2）由闭合电路的欧姆定律得：E=I（R+r）E=答：（1）通过导体棒MN的电流大小为；（2）电源的电动势为．。