2015高考化学(重庆专用)二轮复习练习：微题型4

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重庆市2015年高考化学二轮复习滚动加练：化学实验综合提升练 Word版含解析

滚动加练4 化学实验综合提升练1．(2014·四川理综，4)下列实验方案中，不能达到实验目的的是()。

33即说明原反应液中有Br－产生，由此可以证明CH3CH2Br在NaOH溶液中发生了水解，正确；B项，NO－3在酸性条件下具有强氧化性，能够氧化Fe2＋生成Fe3＋，故滴加KSCN溶液后溶液变红色，不能证明Fe(NO3)2是否氧化变质，错误；C项，CCl4溶液显紫色，说明有I2生成，即发生反应：2KI＋Br2===2KBr＋I2，从而证明Br2的氧化性强于I2，正确；D项，沉淀由白色变为红褐色，说明Mg(OH)2转化成了Fe(OH)3，根据沉淀的转化规律，故可以说明Fe(OH)3的溶解度小于Mg(OH)2，正确。

答案B2．大多数药品在实验室中必须密封保存，防止被空气中的氧气氧化而变质。

下列括号内的物质是用来检验括号外的药品是否变质的试剂，其中变质原因属于氧化还原反应，而且括号内的试剂能够检验括号外的药品是否变质的是()。

A．Na2SO3(BaCl2) B．FeCl2(KSCN)C．KI(氯水) D．NaOH(盐酸)解析该题考查了物质的检验，从深层意义上考查了药品保存的原理。

A项中Na2SO3容易氧化为Na2SO4，虽属于氧化还原反应，但变质前后的物质都能与BaCl2溶液反应生成白色沉淀，故BaCl2不能检验Na2SO3是否氧化；B项中FeCl2容易氧化为FeCl3，属于氧化还原反应，而且FeCl3中的Fe3＋与SCN－反应生成血红色的物质，KSCN可以检验FeCl2是否变质；C项中的KI易被氧化为I2，氯水与I2不反应；D项中的NaOH在空气中易与二氧化碳反应生成碳酸钠，但该反应属于非氧化还原反应，盐酸与Na2CO3反应可产生气泡。

答案 B3．实验室制取少量干燥的氨气涉及下列装置，其中正确的是()。

A．①是氨气发生装置B．③是氨气发生装置C．②是氨气吸收装置D．④是氨气收集、检验装置解析①装置NH4Cl受热分解为NH3和HCl ，二者在管口处又生成NH4Cl，容易堵塞导管无法制得NH3，A项错误；选用装置③，使用浓氨水与CaO或NaOH作用，可制取NH3，B项正确；②作为NH3的吸收装置，倒置漏斗插入水中，不能防止倒吸，C项错误；利用④收集NH3时，应在试管口放一团棉花，以防气体对流，否则收集气体不纯，试纸应粘在玻璃棒上靠近试管口，D项错误。

2015年重庆高考化学试题及答案详解精校版

2015年重庆高考化学试题及答案详解精校版1、(2015重庆)中华民族有着光辉灿烂的发明史，下列发明创造不涉及化学反应的是A．用胆矾炼铜B．用铁矿石炼铁C．烧结粘土制陶瓷D．打磨磁石制指南针2、(2015重庆)下列说法正确的是A．I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性强B．P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强C．Al2O3和MgO均可与NaOH溶液反应D．SO2和SO3混合气体通入Ba(NO3)2溶液可得到BaSO3和BaSO43、(2015重庆)下列说法正确的是A．稀醋酸中加入少量醋酸钠能增大醋酸的电离程度B．25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，溶液pH＝7C．25℃时，0.1 mol·L－1的硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液的导电能力弱D．0.1 mol AgCl和0.1 mol AgI混合后加入1 L水中，所得溶液中c(Cl－)＝c(I－)4、(2015重庆)下列实验中，所使用的装置(夹持装置略)、试剂和操作方法都正确的是5、(2015重庆)某化妆品的组分Z具有美白功效，原从杨树中提取，现可用如下反应制备：下列叙述错误的是A．X、Y和Z均能使溴水褪色B．X和Z均能与NaHCO3溶液反应放出CO2C．Y既能发生取代反应，也能发生加成反应D．Y可作加聚反应单体，X可作缩聚反应单体6、(2015重庆)黑火药是中国古代的四大发明之一，其爆炸的热化学方程式为：S(s)＋2KNO3(s)＋3C(s)＝K2S(s)＋－1－1A7S(g)COS(g)8K9(1)仪器D的名称是。

安装F中导管时，应选用题9图2中的。

(2)打开B的活塞，A中发生反应：2NaClO3＋4HCl＝2ClO2↑＋Cl2↑＋2NaCl＋2H2O。

为使ClO2在D中被稳定剂充分吸收，滴加稀盐酸的速度宜(填“快”或“慢”)。

(3)关闭B的活塞，ClO2在D中被稳定剂完全吸收生成NaClO2，此时F中溶液的颜色不变，则装置C 的作用是。

重庆市2015届高三化学二轮复习专攻微题型20 常见有机物的性质及应用

[题型专练]1．下列说法正确的是() A．任何油脂在碱性条件下水解都能生成甘油B．蔗糖水解前后均可发生银镜反应C．不同的单糖含有的官能团相同D．向蛋白质中加入CuSO4溶液发生盐析解析油脂的皂化反应为碱性条件下的水解反应，生成高级脂肪酸的盐和甘油，A项正确；蔗糖为非还原性糖，不能发生银镜反应，B项错误；果糖和葡萄糖都是单糖，但果糖中不含有醛基而葡萄糖中含有醛基，C项错误；向蛋白质中加入CuSO4溶液发生变性，D项错误。

答案 A2．下列关于有机物的说法正确的是() A．可用分液漏斗分离乙酸和乙醇的混合物B．乙醇与汽油组成元素相同，化学成分相似C．乙醇只能在实验室内作燃料D．乙酸乙酯、油脂与NaOH溶液反应均有醇生成解析乙酸、乙醇互溶，不能用分液漏斗分离，A项错；汽油是多种烷烃的混合物，B项错。

答案 D3．下列说法正确的是() A．向蔗糖水解后的溶液中直接加入少量银氨溶液，可证明生成了葡萄糖B．淀粉与纤维素、葡萄糖与果糖均互为同分异构体C．在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3CO18OH和C2H5OH D．在浓硫酸存在下，苯与浓硝酸共热生成硝基苯的反应属于取代反应答案 D4．乙烯和苯是两种基本化工原料，下列有关说法正确的是() A．乙烯和苯都可以从煤焦油中获得B．乙烯和苯都是平面结构，因为二者分子中都含有碳碳双键C．乙烯和苯都能使溴水褪色，且褪色的原因相同D．乙烯和苯都能与H2发生加成反应解析乙烯不能从煤焦油中获得，A错；苯分子中的碳碳键是介于单键和双键之间的独特的键，B错；乙烯使溴水褪色是因为发生了加成反应，苯使溴水褪色是因为苯萃取了溴水中的溴，C错；乙烯与H2发生加成反应生成乙烷，苯与H2发生加成反应生成环己烷，D对。

答案 D5．下列说法正确的是() A．鸡蛋清中加入硫酸铜溶液后会发生凝聚，加水后又能恢复原样B．煤中含有苯和甲苯，可以用先干馏，后蒸馏的方法把它们分离出来C．石油中含有C5～C11的烷烃，可以通过分馏得到汽油D．淀粉、纤维素、油脂均为天然高分子化合物，所以在一定条件下均能发生水解反应解析鸡蛋清中加入硫酸铜溶液后会发生变性，加水后不能恢复原样，A项错；煤干馏时发生了复杂的化学反应，生成的煤焦油中含有苯、甲苯等物质，B项错；油脂不属于天然高分子化合物，D项错。

重庆市2015年高考化学二轮复习课件(20份) 15

[规范专练] (15分)某校化学研究性学习小组在学习了金属的知识后，探究Cu的常见化合物的性质。过程如下：【提出问题】 ① 在元素周期表中， Cu 、 Al 位置接近， Cu 不如 Al 活泼， Al(OH)3具有两性，Cu(OH)2也具有两性吗？ ②通常情况下，Fe2＋的稳定性小于Fe3＋的，Cu＋的稳定性小于Cu2＋的吗？ ③CuO有氧化性，能被H2、CO等还原，也能被NH3还原吗？
【考情诠释】 Ⅱ(1)考查仪器的识别和尾气的处理，注意：①常见仪器
的结构和用途；②常见尾气的处理方法及SO2的性质 (3)考查化学实验基本操作，注意操作过程及要求 Ⅲ(1)考查物质的检验，注意检验的原理和语言的准确性
表述 (2)考查学生的分析能力，注意分析产品中Na2SO4增加的
原因，再改进实验排除可能的原因 (3)考查物质分离提纯的方法，注意常见的分离提纯方法
压轴题型2 化学实验综合应用
[题型分析] 高考对化学实验的综合考查，主要包括：①物质组成、性质及反应条件等的探究；②物质的分离、提纯与检验；③ 物质的制备与性质验证实验方案的设计与评价等，近几年此类题目常将定性实验与定量实验相结合，并且注重学生的实验操作能力的培养和分析问题和创新能力的提高。如2014年重庆理综9,2014年北京理综27,2014年四川理综9,2014年全国理综，9)(13分)硫代硫酸钠是一种重要的化工产品。某兴趣小组拟制备硫代硫酸钠晶体(Na2S2O3·5H2O)。 Ⅰ.[查阅资料] (1)Na2S2O3·5H2O 是无色透明晶体，易溶于水，其稀溶液与 BaCl2溶液混合无沉淀生成。 (2)向Na2CO3和Na2S混合液中通入SO2可制得Na2S2O3，所得产品中常含有少量Na2SO3和Na2SO4。 (3)Na2SO3易被氧化；BaSO3难溶于水，可溶于稀HCl。

2015年重庆市高考化学试卷附详细解析

2015年重庆市高考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（6分）（2015•重庆）中华民族有着光辉灿烂的发明史，下列发明创造不涉及化学反应的是（）A ．用胆矾炼铜B．用铁矿石炼铁C ．烧结粘土制陶瓷D．打磨磁石制指南针考点：真题集萃；物理变化与化学变化的区别与联系．专题：基本概念与基本理论．分析：A．胆矾的化学式为CuSO4•5H2O，整个过程中Cu元素由化合态转化为单质，一定发生化学变化；B．铁矿石主要成份为Fe2O3，炼铁得到Fe单质，有新物质生成，属于化学反应；C．制陶瓷的原料是粘土，发生化学变化生成硅酸盐产品；D．打磨磁石制指南针，只是改变物质的外形，没有新物质生成．解答：解：A．胆矾的化学式为CuSO4•5H2O，由CuSO4•5H2O→Cu，有新物质生成，属于化学反应，故A不选；B．铁矿石主要成份为Fe2O3，由Fe2O3→Fe，有新物质生成，属于化学反应，故B不选；C．制陶瓷的原料是粘土，发生化学变化生成硅酸盐产品，故C不选；D．打磨磁石制指南针，只是改变物质的外形，没有新物质生成，不涉及化学反应，故选D；故选D．点评：本题考查化学反应的判断，比较基础，明确原理是解题关键，A、B选项可以借助化合价变价，利用氧化还原反应知识判断．2．（6分）（2015•重庆）下列说法正确的是（）A．I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性强B．P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强C．Al2O3和MgO均可与NaOH溶液反应D．SO2和SO3混合气体通入Ba（NO3）2溶液可得到BaSO3和BaSO4考点：真题集萃；元素周期律的作用；元素周期律和元素周期表的综合应用．分析：A．同主族自上而下原子半径增大，元素金属性减弱、氢化物稳定性减弱；B．同周期随原子序数增大，元素非金属性增强，最高价含氧酸的酸性增强；C．MgO不能与氢氧化钠溶液反应；D．二氧化硫通入硝酸钡溶液中，酸性条件下，硝酸根具有强氧化性，将亚硫酸氧化为硫酸，进一步反应得到硫酸钡．解答：解：A．I、Br同主族，自上而下原子半径增大，元素金属性减弱、氢化物稳定性减弱，故I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性弱，故A错误；B．Si、P同周期，随原子序数增大，元素非金属性增强，最高价含氧酸的酸性增强，故P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强，故B正确；C．氧化铝属于两性氧化物，能与氢氧化钠反应，而MgO属于碱性氧化物，不与酸反应，不能与氢氧化钠溶液反应，故C错误；D．二氧化硫通入硝酸钡溶液中，酸性条件下，硝酸根具有强氧化性，将亚硫酸氧化为硫酸，进一步反应得到硫酸钡，故SO2和SO3混合气体通入Ba（NO3）2溶液可得到BaSO4，故D错误，故选B．点评：本题考查元素周期律、金属氧化物性质、硝酸的性质等，难度不大，D 选项注意硝酸条件下，硝酸根具有强氧化性．3．（6分）（2015•重庆）下列说法正确的是（）A稀醋酸中加入少量醋酸钠能增大醋酸的电离程度．B25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，溶液pH=7．C25℃时，0.1mol•L﹣1的硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液的导电能力弱．D0.1mol AgCl和0.1molAgI混合后加入1L水中，所得溶液中c（Cl﹣）=c（I﹣）．考点：真题集萃；弱电解质在水溶液中的电离平衡．专题：电离平衡与溶液的pH专题．分析：A．加入醋酸钠，溶液中醋酸根离子浓度增大，抑制醋酸的电离；B.25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后为NH4NO3溶液，溶液中铵根离子水解，溶液呈酸性；C．硫化氢为弱电解质，而硫化钠为强电解质，等浓度溶液中硫化氢溶液中离子浓度远远小于硫化钠溶液中离子浓度；D．AgCl与AgI的溶度积不同，所得溶液中c（Cl﹣）≠c（I﹣）．解答：解：A．稀醋酸溶液中存在平衡：CH3COOH⇌CH3COO﹣+H+，加入醋酸钠，溶液中CH3COO﹣离子浓度增大，抑制醋酸的电离，故A错误；B.25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后为NH4NO3溶液，溶液中铵根离子水解，溶液呈酸性，故溶液pH＜7，故B错误；C．硫化氢为弱电解质，部分电离，而硫化钠为强电解质，等浓度溶液中硫化氢溶液中离子浓度远远小于硫化钠溶液中离子浓度，硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液的导电能力弱，故C正确；D．均存在溶解平衡，溶液中Ag+浓度相同，AgCl与AgI的溶度积不同，所得溶液中c（Cl﹣）≠c（I﹣），故D错误，故选：C．点评：本题考查弱电解质的电离平衡，难度不大，A为易错点，学生容易认为醋酸根与氢离子结合，平衡右移，促进电离．4．（6分）（2015•重庆）下列实验中，所使用的装置（夹持装置略）、试剂和操作方法都正确的是（）A．观察Fe（OH）2的生成B．配制一定物质的量浓度的NaNO3溶液C．实验室制取氨D．验证乙烯的生成考点：真题集萃；实验装置综合．分析：A．氢氧化亚铁不稳定，易被空气中氧气氧化生成氢氧化铁，所以制备氢氧化亚铁要隔绝空气；B．容量瓶只能配制溶液，不能作稀释或溶解药品的仪器；C．氨气极易溶于水，不能采用排水法收集；D．制取乙烯需要170℃，温度计测定混合溶液温度，且乙醇能被酸性高锰酸钾溶液氧化．解答：解：A．氢氧化亚铁不稳定，易被空气中氧气氧化生成氢氧化铁，所以制备氢氧化亚铁要隔绝空气，植物油和水不互溶，且密度小于水，所以用植物油能隔绝空气，所以能实现实验目的，故A正确；B．容量瓶只能配制溶液，不能作稀释或溶解药品的仪器，应该用烧杯溶解硝酸钠，然后等溶液冷却到室温，再将硝酸钠溶液转移到容量瓶中，故B错误；C．实验室用氯化铵和氢氧化钙加热制取氨气，氨气极易溶于水，不能采用排水法收集，常温下，氨气和氧气不反应，且氨气密度小于空气，所以应该采用向下排空气法收集氨气，故C错误；D．制取乙烯需要170℃，温度计测定混合溶液温度，所以温度计水银球应该插入溶液中，且乙醇能被酸性高锰酸钾溶液氧化，乙醇易挥发，导致得到的乙烯中含有乙醇，影响乙烯的检验，故D错误；故选A．点评：本题考查化学实验方案评价，为高频考点，涉及物质制备、物质检验、气体收集、溶液配制等知识点，明确实验原理及操作规范、物质性质是解本题关键，易错选项是D，知道常见气体的制备及收集方法，题目难度不大．5．（6分）（2015•重庆）某化妆品的组分Z具有美白功效，原从杨树中提取，现可用如图反应制备，下列叙述错误的是（）A．X、Y和Z均能使溴水褪色B．X和Z均能与NaHCO3溶液反应放出CO2C．Y既能发生取代反应，也能发生加成反应D．Y可作加聚反应单体，X可作缩聚反应单体考点：真题集萃；有机物的结构和性质．分析：A．X和Z中含有酚羟基、Y中含有碳碳双键，苯环上酚羟基邻对位含有氢原子的酚、烯烃都能和溴水反应而使溴水褪色；B．酚羟基和碳酸氢钠不反应，羧基和碳酸氢钠反应；C．Y含有碳碳双键和苯环，具有烯烃和苯的性质；D．Y中含有碳碳双键，能发生加聚反应，X中含有酚羟基，能发生缩聚反应．解答：解：A．X和Z中含有酚羟基、Y中含有碳碳双键，苯环上酚羟基邻对位含有氢原子的酚、烯烃都能和溴水反应而使溴水褪色，所以X和Z都能和溴水发生取代反应、Y能和溴水发生加成反应，所以三种物质都能使溴水褪色，故A正确；B．酚羟基和碳酸氢钠不反应，羧基和碳酸氢钠反应，Z和X中都只含酚羟基不含羧基，所以都不能和碳酸氢钠反应，故B错误；C．Y含有碳碳双键和苯环，具有烯烃和苯的性质，一定条件下能发生加成反应、还原反应、加聚反应、氧化反应、取代反应，故C正确；D．Y中含有碳碳双键，能发生加聚反应，X中含有酚羟基，能和醛发生缩聚反应，故D正确；故选B．点评：本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，明确官能团及其性质关系是解本题关键，侧重考查酚、烯烃的性质，注意只有苯环上酚羟基邻对位有氢原子的酚才能和溴水发生取代反应，为易错点．6．（6分）（2015•重庆）黑火药是中国古代的四大发明之一，其爆炸的热化学方程式为：S（s）+2KNO3（s）+3C（s）═K2S（s）+N2（g）+3CO2（g）△H=x kJ•mol﹣1已知：碳的燃烧热△H1=a kJ•mol﹣1S（s）+2K（s）═K2S（s）△H2=b kJ•mol﹣12K（s）+N2（g）+3O2（g）═2KNO3（s）△H3=c kJ•mol﹣1则x为（）A ．3a+b﹣c B．c﹣3a﹣b C．a+b﹣c D．c﹣a﹣b考点：真题集萃；热化学方程式；用盖斯定律进行有关反应热的计算．分析：碳的燃烧热△H1=a kJ•mol﹣1，其热化学方程式为C（s）+O2（g）=CO2（g）△H1=a kJ•mol﹣1①S（s）+2K（s）═K2S（s）△H2=b kJ•mol﹣1②2K（s）+N2（g）+3O2（g）═2KNO3（s）△H3=c kJ•mol﹣1③将方程式3①+②﹣③得S（s）+2KNO3（s）+3C（s）═K2S（s）+N2（g）+3CO2（g），其反应热进行相应的改变，据此计算反应热．解答：解：碳的燃烧热△H1=a kJ•mol﹣1，其热化学方程式为C（s）+O2（g）=CO2（g）△H1=a kJ•mol﹣1①S（s）+2K（s）═K2S（s）△H2=b kJ•mol﹣1②2K（s）+N2（g）+3O2（g）═2KNO3（s）△H3=c kJ•mol﹣1③将方程式3①+②﹣③得S（s）+2KNO3（s）+3C（s）═K2S（s）+N2（g）+3CO2（g），则△H=x kJ•mol﹣1=（3a+b﹣c）kJ•mol﹣1，所以x=3a+b﹣c，故选A．点评：本题考查盖斯定律的应用，侧重考查学生分析计算能力，明确目标方程式与已知方程式的关系是解本题关键，注意方程式可以进行加减，题目难度不大．7．（6分）（2015•重庆）羰基硫（COS）可作为一种粮食熏蒸剂，能防止某些昆虫、线虫和真菌的危害．在恒容密闭容器中，将CO和H2S混合加热并达到下列平衡：CO（g）+H2S（g）⇌COS（g）+H2（g）K=0.1反应前CO的物质的量为10mol，平衡后CO物质的量为8mol，下列说法正确的是（）A升高温度，H2S浓度增加，表明该反应是吸热反应．B通入CO后，正反应速率逐渐增大．C反应前H2S物质的量为7mol．DCO的平衡转化率为80%．考点：真题集萃；反应热和焓变；化学平衡的计算．分析：A．升高温度，H2S浓度增加，说明平衡逆向移动，升高温度，平衡向吸热反应方向移动；B．通入CO后，正反应速率瞬间增大，又逐渐减小；C．反应前CO的物质的量为10mol，平衡后CO物质的量为8mol，设反应前H2S物质的量为n，则：CO（g）+H2S（g）⇌COS（g）+H2（g）起始（mol）：10 n 0 0变化（mol）：2 2 2 2平衡（mol）：8 n﹣2 2 2反应恰好气体分子数目不变，利用物质的量代替浓度代入平衡常数表达式K=列方程计算；D．根据C中的计算数据计算CO的平衡转化率．解答：解：A．升高温度，H2S浓度增加，说明平衡逆向移动，升高温度，平衡向吸热反应方向移动，则该反应是放热反应，故A错误；B．通入CO后，正反应速率瞬间增大，又逐渐减小，故B错误；C．反应前CO的物质的量为10mol，平衡后CO物质的量为8mol，设反应前H2S物质的量为n，则：CO（g）+H2S（g）⇌COS（g）+H2（g）起始（mol）：10 n 0 0变化（mol）：2 2 2 2平衡（mol）：8 n﹣2 2 2反应恰好气体分子数目不变，可以利用物质的量代替浓度计算平衡常数，则K===0.1，解得n=7，故C正确；D．根据上述数据，可知CO的平衡转化率为×100%=20%，故D错误；故选C．点评：本题考查影响化学反应速率的因素、化学平衡常数应用、化学平衡的有关计算，比较基础，注意理解掌握三段式均解题法在化学平衡计算中的应用．二、综合题（本大题共4小题，共58分）8．（15分）（2015•重庆）某汽车安全气囊的产气药剂主要含有NaN3、Fe2O3、KClO4、NaHCO3等物质．当汽车发生碰撞时，产气药剂产生大量气体使气囊迅速膨胀，从而起到保护作用．（1）NaN3是气体发生剂，受热分解产生N2和Na，N2的电子式为．（2）Fe2O3是主氧化剂，与Na反应生成的还原产物为Fe（已知该反应为置换反应）．（3）KClO4是助氧化剂，反应过程中与Na作用生成KCl和Na2O，KClO4含有化学键的类型为离子键、共价键，K的原子结构示意图为．（4）NaHCO3是冷却剂，吸收产气过程中释放的热量而发生分解，其化学方程式为2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O．（5）100g上述产气药剂产生的气体通过碱石灰后得到N233.6L（标准状况）．①用碱石灰除去的物质为CO2、H2O；②该产气药剂中NaN3的质量分数为65%．考点：真题集萃；化学方程式的有关计算；化学键；氧化还原反应．分析：（1）由8电子结构可知，N2分子中N原子之间形成3对共用电子对；（2）Fe2O3是主氧化剂，与Na发生置换反应，则还原产物为Fe；（3）KClO4由钾离子与高氯酸根离子构成，高氯酸根离子中Cl原子与O原子之间形成共价键；K原子质子数为19，原子核外有4个电子层，各层电子数为2、8、8、1；（4）碳酸氢钠分解生成碳酸钠、二氧化碳与水；（5）①碱石灰可以吸收二氧化碳、水蒸汽；②根据n=计算氮气的物质的量，根据氮元素守恒计算n（NaN3），在根据m=nM计算m（NaN3），进而计算NaN3的质量分数．解答：解：（1）由8电子结构可知，N2分子中N原子之间形成3对共用电子对，其电子式为，故答案为：；（2）Fe2O3是主氧化剂，与Na发生置换反应，Fe元素发生还原反应，则还原产物为Fe，故答案为：Fe；（3）KClO4由钾离子与高氯酸根离子构成，高氯酸根离子中Cl原子与O原子之间形成共价键，含有离子键、共价键；K原子质子数为19，原子核外有4个电子层，各层电子数为2、8、8、1，原子结构示意图为，故答案为：离子键、共价键；；（4）碳酸氢钠分解生成碳酸钠、二氧化碳与水，反应方程式为：2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O，故答案为：2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O；（5）①碱石灰可以吸收二氧化碳、水蒸汽，用碱石灰除去的物质为CO2、H2O，故答案为：CO2、H2O；②氮气的物质的量=1.5mol，根据氮元素守恒n（NaN3）==1mol，则m（NaN3）=1mol×65g/mol=65g，故NaN3的质量分数为×100%=65%，故答案为：65%．点评：本题以汽车安全气囊的产气药剂为载体，考查电子式、化学键类型、化学反应方程式的书写、化学计算等知识，属于拼合型题目，侧重对基础知识的考查．9．（15分）（2015•重庆）ClO2与Cl2的氧化性相近．在自来水消毒和果蔬保鲜等方面应用广泛．某兴趣小组通过图1装置（夹持装置略）对其制备、吸收、释放和应用进行了研究．（1）仪器D的名称是锥形瓶．安装F中导管时，应选用图2中的b．（2）打开B的活塞，A中发生反应：2NaClO3+4HCl═2ClO2↑+Cl2↑+2NaCl+2H2O．为使ClO2在D中被稳定剂充分吸收，滴加稀盐酸的速度宜慢（填“快”或“慢”）．（3）关闭B的活塞，ClO2在D中被稳定剂完全吸收生成NaClO2，此时F中溶液的颜色不变，则装置C的作用是吸收Cl2．（4）已知在酸性条件下NaClO2可发生反应生成NaCl并释放出ClO2，该反应的离子方程式为4H++5ClO2﹣=Cl﹣+4ClO2↑+2H2O，在ClO2释放实验中，打开E的活塞，D中发生反应，则装置F的作用是验证是否有ClO2生成．（5）已吸收ClO2气体的稳定剂Ⅰ和稳定剂Ⅱ，加酸后释放ClO2的浓度随时间的变化如图3所示，若将其用于水果保鲜，你认为效果较好的稳定剂是稳定剂Ⅱ，原因是稳定剂Ⅱ可以缓慢释放ClO2，能较长时间维持保鲜所需的浓度．考点：真题集萃；性质实验方案的设计；制备实验方案的设计．分析：（1）根据仪器特征，可知仪器D是锥形瓶；F装置应是Cl2和KI反应，还需要连接尾气处理装置，所以应长管进气，短管出气；（2）为使ClO2在D中被稳定剂充分吸收，产生ClO2的速率要慢；（3）F装置中发生Cl2+2KI=2KCl+I2时，碘遇淀粉变蓝，而F中溶液的颜色不变，说明Cl2被吸收；（4）在酸性条件下NaClO2可发生反应生成NaCl并释放出ClO2，根据元素守恒可知应还有水生成，该反应的离子方程式为4H++5ClO2﹣=Cl﹣+4ClO2↑+2H2O；在ClO2释放实验中，打开E的活塞，D中发生反应，则装置F的作用是验证是否有ClO2生成；（5）由图可知，稳定剂Ⅱ可以缓慢释放ClO2，能较长时间维持保鲜所需的浓度．解答：解：（1）根据仪器特征，可知仪器D是锥形瓶；F装置应是Cl2和KI反应，还需要连接尾气处理装置，所以应长管进气，短管出气，故选b，故答案为：锥形瓶；b；（2）为使ClO2在D中被稳定剂充分吸收，产生ClO2的速率要慢，故滴加稀盐酸的速度要慢，故答案为：慢；（3）F装置中发生Cl2+2KI=2KCl+I2时，碘遇淀粉变蓝，而F中溶液的颜色不变，则装置C的作用是吸收Cl2，故答案为：吸收Cl2；（4）在酸性条件下NaClO2可发生反应生成NaCl并释放出ClO2，根据元素守恒可知应还有水生成，该反应的离子方程式为：4H++5ClO2﹣=Cl﹣+4ClO2↑+2H2O；在ClO2释放实验中，打开E的活塞，D中发生反应，则装置F的作用是验证是否有ClO2生成，故答案为：4H++5ClO2﹣=Cl﹣+4ClO2↑+2H2O；验证是否有ClO2生成；（5）由图可知，稳定剂Ⅱ可以缓慢释放ClO2，能较长时间维持保鲜所需的浓度，所以稳定剂Ⅱ好，故答案为：稳定剂Ⅱ；稳定剂Ⅱ可以缓慢释放ClO2，能较长时间维持保鲜所需的浓度．点评：本题以ClO2的制备、吸收、释放为载体，考查实验制备方案设计、基本操作、对装置及操作的分析评价等，注意根据问题进行制备流程分析，难度中等．10．（14分）（2015•重庆）某“化学鸡尾酒”通过模拟臭虫散发的聚集信息素可高效诱捕臭虫，其中一种组分T可通过下列反应路线合成（部分反应条件略）．（1）A的化学名称是丙烯，A→B新生成的官能团是﹣Br；（2）D的核磁共振氢谱显示峰的组数为2．（3）D→E的化学方程式为CH2BrCHBrCH2Br+2NaOH HC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O．（4）G与新制的Cu（OH）2发生反应，所得有机物的结构简式为HC≡CCOONa．（5）L可由B与H2发生加成反应而得，已知R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2C≡CR2+NaBr，则M的结构简式为CH3CH2CH2 C≡CCHO．（6）已R3C≡CR4，则T的结构简式为．考点：真题集萃；有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．分析：根据A、B结构简式知，A发生取代反应生成B，B和溴发生加成反应生成D，D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，E发生水解反应然后发生氧化反应生成G，G结构简式为HC≡CCHO，G和NaNH2反应生成J，根据G和J结构简式知，该反应为取代反应；L可由B与H2发生加成反应而得，则L为CH3CH2CH2Br，根据R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2 C≡CR2+NaBr知，M结构简式为CH3CH2CH2 C≡CCHO，根据R3C≡CR4知，T结构简式为，据此分析解答．解答：解：根据A、B结构简式知，A发生取代反应生成B，B和溴发生加成反应生成D，D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，E发生水解反应然后发生氧化反应生成G，G结构简式为HC≡CCHO，G和NaNH2反应生成J，根据G和J结构简式知，该反应为取代反应；L可由B与H2发生加成反应而得，则L为CH3CH2CH2Br，根据R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2 C≡CR2+NaBr知，M结构简式为CH3CH2CH2 C≡CCHO，根据R3C≡CR4知，T结构简式为，（1）A的化学名称是丙烯，A→B新生成的官能团是﹣Br，故答案为：丙烯；﹣Br；（2）D中两种氢原子，所以D的核磁共振氢谱显示峰的组数为2，故答案为：2；（3）D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，D→E的化学方程式为CH2BrCHBrCH2Br+2NaOH HC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O，故答案为：CH2BrCHBrCH2Br+2NaOH HC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O；（4）G与新制的Cu（OH）2发生反应，G中醛基被氧化生成羧基，羧基和NaOH反应生成﹣COONa，所得有机物的结构简式为HC≡CCOONa，故答案为：HC≡CCOONa；（5）通过以上分析知，M的结构简式为CH3CH2CH2 C≡CCHO，故答案为：CH3CH2CH2 C≡CCHO；（6）通过以上分析知，T结构简式为，故答案为：．点评：本题考查有机物推断，为高频考点，侧重考查学生分析推断及知识迁移能力，根据反应条件、物质结构简式结合（5）（6）题中信息进行推断，知道常见有机反应类型及反应条件，题目难度中等．11．（14分）（2015•重庆）我国古代青铜器工艺精湛，有很高的艺术价值和历史价值，但出土的青铜器大多受到环境腐蚀，故对其进行修复和防护具有重要意义．（1）原子序数为29的铜元素位于元素周期表中第四周期．（2）某青铜器中Sn、Pb的质量分别为119g、20.7g，则该青铜器中Sn和Pb原子数目之比为10：1．（3）研究发现，腐蚀严重的青铜器表面大都存在CuCl．关于CuCl在青铜器腐蚀过程中的催化作用，下列叙述正确的是AB．A．降低了反应的活化能B．增大了反应的速率C．降低了反应的焓变D．增大了反应的平衡常数（4）采用“局部封闭法”可以防止青铜器进一步被腐蚀．如将糊状Ag2O涂在被腐蚀部位，Ag2O与有害组分CuCl发生复分解反应，该化学方程式为Ag2O+2CuCl=2AgCl+Cu2O．（5）如图为青铜器在潮湿环境中发生的电化学腐蚀的原理示意图．①腐蚀过程中，负极是c（填图中字母“a”或“b”或“c”）；②环境中的Cl﹣扩散到孔口，并与正极反应产物和负极反应产物作用生成多孔粉状锈Cu2（OH）3Cl，其离子方程式为2Cu2++3OH﹣+Cl﹣=Cu2（OH）3Cl↓；③若生成4.29gCu2（OH）3Cl，则理论上耗氧体积为0.448L（标准状况）．考点：真题集萃；位置结构性质的相互关系应用；反应热和焓变；原电池和电解池的工作原理；铜金属及其重要化合物的主要性质．分析：（1）原子核外电子层数与其周期数相等，Cu原子核外有4个电子层；（2）Sn、Pb的物质的量之比=：=1mol：0.1mol=10：1，根据N=nN A知，物质的量之比等于其个数之比；（3）A．催化剂降低了反应的活化能，增大活化分子百分数；B．催化剂降低了反应的活化能，增大活化分子百分数，增大活化分子之间的碰撞机会；C．催化剂改变反应路径，但焓变不变；D．平衡常数只与温度有关；（4）Ag2O与有害组分CuCl发生复分解反应，则二者相互交换成分生成另外的两种化合物；（5）①根据图知，氧气得电子生成氢氧根离子、Cu失电子生成铜离子，发生吸氧腐蚀，则Cu作负极；②Cl﹣扩散到孔口，并与正极反应产物和负极反应产物作用生成多孔粉状锈Cu2（OH）3Cl，负极上生成铜离子、正极上生成氢氧根离子，所以该离子反应为氯离子、铜离子和氢氧根离子反应生成Cu2（OH）3Cl沉淀；③n[Cu2（OH）3Cl]==0.05mol，根据转移电子计算氧气物质的量，再根据V=nV m计算体积．解答：解：（1）原子核外电子层数与其周期数相等，Cu原子核外有4个电子层，所以Cu元素位于第四周期，故答案为：四；（2）Sn、Pb的物质的量之比=：=1mol：0.1mol=10：1，根据N=nN A知，物质的量之比等于其个数之比，所以Sn、Pb原子个数之比为10：1，故答案为：10：1；（3）A．催化剂降低了反应的活化能，增大活化分子百分数，故A正确；B．催化剂降低了反应的活化能，增大活化分子百分数，增大活化分子之间的碰撞机会，所以反应速率增大，故B正确；C．催化剂改变反应路径，但焓变不变，故C错误；D．平衡常数只与温度有关，温度不变，平衡常数不变，与催化剂无关，故D错误；故选AB；（4）Ag2O与有害组分CuCl发生复分解反应，则二者相互交换成分生成另外的两种化合物，反应方程式为Ag2O+2CuCl=2AgCl+Cu2O，故答案为：Ag2O+2CuCl=2AgCl+Cu2O；（5）①根据图知，氧气得电子生成氢氧根离子、Cu失电子生成铜离子，发生吸氧腐蚀，则Cu作负极，即c是负极，故答案为：c；②Cl﹣扩散到孔口，并与正极反应产物和负极反应产物作用生成多孔粉状锈Cu2（OH）3Cl，负极上生成铜离子、正极上生成氢氧根离子，所以该离子反应为氯离子、铜离子和氢氧根离子反应生成Cu2（OH）3Cl沉淀，离子方程式为2Cu2++3OH﹣+Cl﹣=Cu2（OH）3Cl↓，故答案为：2Cu2++3OH﹣+Cl﹣=Cu2（OH）3Cl↓；③n[Cu2（OH）3Cl]==0.02mol，根据转移电子得n（O2）==0.02mol，V（O2）=90.02mol×22.4L/mol=0.448L，故答案为：0.448．点评：本题考查较综合，侧重考查学生自身综合应用及计算能力，涉及氧化还原反应计算、离子方程式及复分解反应方程式的书写、原电池原理、催化剂的作用等知识点，利用原电池原理、物质性质及转移电子守恒进行解答，易错点是（3）题，题目难度中等．。

新编高考化学二轮复习：微题型【4】定性、定量型离子推断题(含答案)

新编高考化学备考资料[题型专练]1．某无色溶液中只可能含有Na＋、Ba2＋、Cl－、Br－、SO2－3、SO2－4，对该溶液进行下列实验，实验操作和现象如下表：步骤操作现象(1) 取少量溶液滴加几滴石蕊试液溶液变蓝(2) 另取少量溶液滴加过量氯水，再加入CCl4溶液，振荡，静置上层无色，下层呈橙红色(3) 取(2)上层溶液，加入过量Ba(NO3)2溶液和稀HNO3，过滤有白色沉淀产生(4) 向(3)的滤液中加入过量AgNO3溶液和稀HNO3有白色沉淀产生A．可能含有Cl－、SO2－3、SO2－4B．肯定没有Ba2＋、Cl－、Br－C．不能确定Na＋、SO2－3、SO2－4D．肯定含有Na＋、Br－、SO2－3解析由(1)可知，溶液显碱性，溶液中含有SO2－3，不含Ba2＋；由(2)知，溶液中含有Br－，由(3)知，溶液中可能还含有SO2－4；据溶液呈电中性，一定还含有Na＋，据(4)知，(2)上层溶液含有Cl－，但可能只是来自于过量的Cl2。

答案 D2．有一混合溶液，只可能含有以下离子中的若干种：K＋、NH＋4、Cl－、Mg2＋、Ba2＋、CO2－3、SO2－4，现取三份100 mL溶液进行如下实验：(1)向第一份溶液中加入AgNO3溶液有沉淀产生；(2)向第二份溶液中加入足量NaOH溶液加热后，收集到气体0.06 mol；(3)向第三份溶液中加入足量BaCl2溶液后，所得沉淀经洗涤、干燥后，质量为6.27 g，经足量盐酸洗涤、干燥后，沉淀质量为2.33 g。

根据上述实验，以下推测正确的是() A．K＋一定存在B．100 mL溶液中含0.01 mol CO2－3C．Cl－可能存在D．Ba2＋一定不存在，Mg2＋可能存在解析据(2)知有NH＋40.06 mol；据(1)(3)知生成BaSO4 2.33 g(即0.01 mol)，即有0.01 mol SO2－4；有BaCO3 3.94 g(即0.02 mol)，即有CO2－30.02 mol；Ba2＋、Mg2＋不会存在，Cl－可能存在；由于n(NH＋4)＝2n(CO2－3)＋2n(SO2－4)，由电荷守恒可知，可能存在K＋。

重庆市2015届高三化学二轮复习专攻微题型14 多池组合型电化学综合题

[题型专练]1．用酸性氢氧燃料电池为电源进行电解的实验装置示意图如图所示。

下列说法中正确的是()A．燃料电池工作时，正极反应为：O2＋2H2O＋4e－===4OH－B．a极是铁，b极是铜时，b极逐渐溶解，a极上有铜析出C．a极是粗铜，b极是纯铜时，a极逐渐溶解，b极上有铜析出D．a、b两极均是石墨时，a极上产生的O2与电池中消耗的H2体积比为2∶1 答案 C2．(2014·广东理综，11)某同学组装了如图所示的电化学装置，电极Ⅰ为Al，其他电极均为Cu，则()A. 电流方向：电极Ⅳ→Ⓐ→电极ⅠB. 电极Ⅰ发生还原反应C. 电极Ⅱ逐渐溶解D. 电极Ⅲ的电极反应：Cu2＋＋2e－===Cu解析电极Ⅰ为Al，其他电极均为Cu，可判断，Ⅰ是原电池的负极，Ⅱ是原电池的正极，Ⅲ是电解池的阳极，Ⅳ是电解池的阴极，A项，外电路电流方向是从正极流向负极，即电极Ⅳ→Ⓐ→电极Ⅰ，正确；B项，负极发生氧化反应，错误；C项，正极上的电极反应为Cu2＋＋2e－===Cu，电极Ⅱ有Cu析出逐渐加重，错误；D项，阳极的电极反应为Cu－2e－===Cu2＋，错误。

答案 A3．A、B、C三个电解池，A池内盛有CuCl2溶液，纯铜片作阴极，B与C两池内均盛有AgNO3溶液，纯银丝作阴极。

当B池中银丝质量增加0.108 g、C池中银丝质量增加0.216 g时，A池中铜片质量增加()A．0.216 g B．0.108 gC．0.064 g D．0.032 g解析阴极(B、C池)：Ag＋＋e－===Ag，阴极(A池)：Cu2＋＋2e－===Cu。

图中电路的连接方式为先将A、B两池并联，再与C池串联进行电解，利用通过总电路的电子的物质的量等于各并联电路中通过的电子的物质的量之和，可求得通过C池的电子的物质的量为0.216 g108 g·mol－1＝0.002 mol，通过B池电子的物质的量为0.108108 g·mol－1＝0.001 mol，则通过A池的电子的物质的量为0.001 mol，根据Cu2＋＋2e－===Cu可知，析出铜的质量为64 g·mol－1×0.001 mol2＝0.032 g。

重庆市2015届高三化学二轮复习专攻微题型8 全面分析外界条件对化学反应速率及平衡的影响

[题型专练]1．CO和NO都是汽车尾气中的有害物质，它们之间能缓慢地发生如下反应：2NO(g)＋2CO(g)N2(g)＋2CO2(g)ΔH＜0，现利用此反应，拟设计一种环保装置，用来消除汽车尾气对大气的污染，下列设计方案可以提高尾气处理效果且可行的是()①选用适当的催化剂②提高装置温度③降低装置的压强④装置中放入碱石灰A．①③B．②④C．①④D．②③解析选用适当的催化剂虽不能提高反应物的转化率，但能加快反应速率；因为该反应的正反应为放热反应，所以升高温度，平衡向逆反应方向移动；该反应的正反应为气体分子数减小的反应，因此降低压强，平衡向逆反应方向移动；装置中放入碱石灰能吸收CO2，使CO2的浓度降低，平衡向正反应方向移动。

故选C。

答案 C2．已知：H2(g)＋I2(g)2HI(g)ΔH＜0。

有相同容积的定容密闭容器甲和乙，甲中加入H2和I2各0.1 mol，乙中加入HI 0.2 mol，相同温度下分别达到平衡。

欲使甲中HI的平衡浓度大于乙中HI的平衡浓度，应采取的措施是() A．甲、乙提高相同温度B．甲中加入0.1 mol He，乙不变C．甲降低温度，乙不变D．甲增加0.1 mol H2，乙增加0.1 mol I2解析在相同条件下，甲、乙容器中达平衡时是等效平衡，欲使甲中HI的平衡浓度大于乙中HI的平衡浓度，则甲中平衡向正反应方向移动，同时乙向逆反应方向移动或者不移动。

选项A，甲、乙提高相同温度时，平衡均向逆反应方向移动，且达平衡时二者等效，HI浓度相等；选项B，加入稀有气体时，平衡不移动，二者HI浓度相等；选项C，甲降低温度平衡向着正反应方向移动，达平衡时HI浓度增大，而乙中HI浓度不变，符合题意；选项D，甲、乙中分别增加等量的H2、I2，达平衡时HI浓度相等。

答案 C3．为了探究温度、硫酸铜对锌与稀硫酸反应速率的影响规律，某同学设计如下方案：下列推断合理的是() A．为了选择Ⅱ和Ⅲ实验探究硫酸铜对反应速率的影响，必须控制t＝25B．待测物理量是收集等体积(相同条件)气体所需要的时间，时间越长，反应越快C．根据该方案，还可以探究硫酸浓度对反应速率的影响D．根据该实验方案得出反应速率大小可能是Ⅲ＞Ⅱ＞Ⅰ＞Ⅳ解析本题影响反应速率大小的因素主要是温度和浓度，与反应物体积大小无关，所以综合考虑，D正确。

人教课标版重庆市2015年高考化学二轮复习课件(20份) 14

(3)Si＋2OH ＋H2O===SiO2 3 ＋2H2↑(2 分)注：化学式错或不
－－
配平不给分，漏写气体符号“↑”扣 1 分 0．17 mol· L 1(3 分)注：不带单位“mol· L 1”要扣 1 分
－－
(4)③④(2 分)注：有错误选项不得分，漏选一项得 1 分，写成 “CO”不得分
(4)月壤中含有丰富的3He，从月壤中提炼1 kg 3He，同时可
得6 000 kg H2和700 kg N2, 若以所得H2和N2为原料经一系列反应最多可生产碳酸氢铵________kg。
【考情诠释】 (1) 考查原子的构成及其微粒间的数量关系。注意质量数＝
质子数＋中子数
(2) 考查原子结构示意图和电子式的书写，注意原子核外电子排布规律和电子式的书写方法 (3)①考查晶体熔沸点高低的判断，注意晶体的类型和判断方法 (3)②考查离子方程式的书写和晶体类型的判断，注意除杂试剂选取和离子方程式的配平及晶体类型的判断方法 (3)③考查物质化学式的书写，注意尾气成分的判断及其与
至室温后，回收其中的CCl4的实验操作名称为________，除
去粗产品中少量钠的试剂为________。
(3)碳还原SiO2制SiC，其粗产品中杂质为Si和SiO2。现将20.0
g SiC粗产品加入到过量的NaOH溶液中充分反应，收集到 0.1 mol氢气，过滤得SiC固体11.4 g，滤液稀释到1 L。生成氢气的离子方程式为__________________________，硅酸盐的物质的量浓度为________。
【评分细则
揣摩规范】
(1)第二周期第ⅣA族(2分)注：写成“第2周期第ⅣA族”也给
分，写成“第二周期第四主族”或“第二周期第Ⅳ族”不给分氧 ( 或 O)(1 分 ) 注：由于没有明确要求，写成 “ 氧 ” 或

重庆市2015高考化学二轮专题复习课件：压轴题型4

【考情诠释】
(1)考查燃烧产物，注意题目提供信息
(2)考查化学方程式的书写和转移电子数目的判断，注意根据氧化还原反应规律书写化学方程式和判断转移电子的数目 (3)考查有关化学平衡常数的计算，注意有关化学平衡常
数的“三段式”法计算模式
(4)①考查电解池导线中电子移动方向，注意根据图示获取有效信息和题中要求做答 (4)②考查电解反应式的书写，注意根据图示获取有效信息和电解反应式书写方法 (4)③考查电解计算，注意将电解原理与新情景进行有效结合及题中提供电流效率 η 计算公式进行计算
(4)一定条件下，如图所示装置可实现有机物的电化学储氢 (忽略其他有机物)。
①导线中电子移动方向为________。 (用 A、D 表示) ②生成目标产物的电极反应式为________。 ③ 该储氢装置的电流效率 η ＝ ________(η ＝
生成目标产物消耗的电子数 ×100%，计算结果保留小数点后 1 位) 转移的电子总数
评分细则 (1)写成“水”也给分； (2)化学式错或不配平不给分，漏写气体符号“↑”扣 1 分，写成 “4 mol” 不给分，写成 “4NA” 或 “4×6.02×1023” 或 “2.408×1024”均给分； (3)漏写单位扣 1 分； (4)①写成“A 到 D”或“由 A 移到 D”等表示“A→D”方向，也给分 ② 写成 “C6H6 ＋ 6H ＋ ===C6H12 － 6e － ” 或 === ”均给分＋ 6H ＋＋ 6e －
(3)SiH4(硅烷)法生产高纯多晶硅是非常优异的方法。
①用粗硅作原料，熔融盐电解法制取硅烷原理如图所示，电解时阳极的电极反应式为__________________________。

重庆市2015年高考化学二轮复习滚动加练4份

重庆市2015年高考化学二轮复习滚动加练滚动加练1140个常考易混点的辨析 (1)滚动加练2化学基本理论综合应用 (11)滚动加练3常见无机物及其综合应用 (28)滚动加练4化学实验综合提升练 (40)滚动加练1140个常考易混点的辨析判断正误，正确的划“√”，错误的划“×”1．2014各地高考(1)用活性炭去除冰箱中的异味，没有发生化学反应(√)(2)用浸泡过高锰酸钾溶液的硅藻土保鲜水果没有发生化学反应(×)(3)1 mol FeI2与足量氯气反应在反应转移电子数为2N A(×)(4)2 L 0.5 mol/L硫酸钾溶液中阴离子所带电荷数为N A(×)(5)1 mol Na2O2固体中含有离子总数为4N A(×)(6)丙烯和环丙烷组成的42g混合气体中氢原子的个数为6N A(√)(7)用氯乙烯塑料代替聚乳酸塑料可减少白色污染(×)(8)大量燃烧化石燃料是造成雾霾天气的一种重要因素(√)(9)硅胶可作袋装食品的干燥剂(10)福尔马林可作食品的保鲜剂(×)(11)金刚石、白磷都属于单质(√)(12)漂白粉、石英都属于纯净物(×)(13)氯化铵、次氯酸都属于强电解质(×)(14)葡萄糖、蛋白质都属于高分子化合物(×)(15)Cl 2通入NaOH 溶液：Cl 2＋OH －===Cl －＋ClO －＋H 2O(×)(16)NaHCO 3溶液中加入稀HCl ：CO 2－3＋2H ＋===CO 2↑＋H 2O(×)(17)5NH 4NO 3=====△2HNO 3＋4N 2↑＋9H 2O 反应中，生成28 gN 2时，转移的电子数目为3.75N A (√)(18)明矾用作净水剂，不涉及化学变化(×)(19)液氨用作制冷剂，不涉及化学变化(√)(20)氢氟酸刻蚀玻璃，不涉及化学变化(×)(21)生石灰作干燥剂，不涉及化学变化(×)(22)浓氨水中滴加FeCl 3饱和溶液可制得Fe(OH)3胶体(×)(23)生石灰用作食品抗氧化剂(×)(24)盐类可作调味品(25)用萃取分液的方法除去酒精中的水(×) (26)用可见光束照射以区别溶液与胶体(√) (27)无色溶液中可能大量存在Al3＋、NH＋4、Cl－、S2－(×) (28)酸性溶液中可能大量存在Na＋、ClO－、SO2－4、I－(×) (29)弱碱性溶液中可能大量存在Na＋、K＋、Cl－、HCO－3(√) (30)氨氮废水(含NH＋4及NH3)可用化学氧化法或电化学氧化法处理(√) (31)向汽油中添加甲醇后，该混合燃料的热值不变(×) (32)制饭勺、饭盒、高压锅等的不锈钢是合金(√) (33)18g H2O含有10n A个质子(√) (34)标准状况下，22.4 L氨水含有n A个NH3分子(×) (35)56 g铁片投入足量浓H2SO4中生成n A个SO2分子(×)(36)过氧化钠的电子式：(×) (37)质子数为35、中子数为45的溴原子：8035Br(√)(38)硫离子的结构示意图：(×)(39)间二甲苯的结构简式：(×)(40)2－丙醇的键线式为：(√) 2．2012、2013各地高考(1)232Th转化成233U是化学变化(×)(2)KClO3和SO3溶于水后都导电，故KClO3和SO3为电解质(×)(3)SO2、SiO2、CO均为酸性氧化物(×)(4)稀豆浆、硅酸、氯化铁溶液均为胶体(×)(5)烧碱、冰醋酸、四氯化碳均为电解质(×)(6)福尔马林、水玻璃、氨水均为混合物(√)(7)从海水中提取物质都必须通过化学反应才能实现(×)(8)明矾能水解生成Al(OH)3胶体，可用作净水剂(√)(9)石油分馏是化学变化，可得到汽油、煤油(×)(10)煤制煤气是物理变化，是高效、清洁地利用煤的重要途径(×)(11)含有共价键的化合物一定是共价化合物(×) (12)化合反应均为氧化还原反应(×) (13)金属氧化物均为碱性氧化物(×) (14)石油是混合物，其分馏产品汽油为纯净物(×) (15)氯化铝是一种电解质，可用于电解法制铝(×) (16)氰酸铵(NH4OCN)与尿素[CO(NH2)2]互为同素异形体(×) (17)1H182O与D162O的相对分子质量相同(√) (18)Na2SO3与H2O2的反应为氧化还原反应(√) (19)1.0 L 1.0 mol·L－1的NaAlO2水溶液中含有的氧原子数为2N A(×) (20)12 g石墨烯(单层石墨)中含有六元环的个数为0.5N A(√) (21)25 ℃时pH＝13的NaOH溶液中含有OH－的数目为0.1N A(×) (22)1 mol的羟基与1 mol的氢氧根离子所含电子数均为9N A(×) (23)常温常压下，8 g O2含有4n A个电子(√) (24)1 L 0.1 mol·L－1的氨水中有n A个NH＋4(×) (25)标准状况下，22.4 L盐酸含有n A个HCl分子(×)(26)1 mol Na被完全氧化生成Na2O2，失去2n A个电子(×) (27)1 L 1 mol·L－1的NaClO溶液中含有ClO－的数目为N A(×) (28)78 g苯含有C==C键的数目为3N A(×) (29)常温常压下，14 g由N2与CO组成的混合气体含有的原子数目为N A(√) (30)标准状况下，0.1 mol Cl2溶于水，转移的电子数目为0.1N A(×) (31)标准状况下，6.72 L NO2与水充分反应转移的电子数目为0.1N A(×) (32)1 mol Fe 与足量的稀HNO3反应，转移2n A个电子(×) (33)电解NaCl溶液得到22.4 L H2(标准状况)，理论上需要转移N A个电子(N A 表示阿伏加德罗常数)(×) (34)某密闭容器盛有0.1 mol N2和0.3 mol H2，在一定条件下充分反应，转移电子的数目为0.6N A(×) (35)1 mol Na与足量O2反应，生成Na2O和Na2O2的混合物，钠失去N A个电子(√) (36)0.5 mol O3与11.2 L O2所含的分子数一定相等(×) (37)常温常压下，22.4 L的NO2和CO2混合气体含2n A个O原子(×) (38)标准状况下，33.6 L氟化氢中含有氟原子的数目为1.5N A(×) (39)常温常压下，22.4 L CCl4含有N A个CCl4分子(×)(40)Cl 2通入水中：Cl 2＋H 2O===2H ＋＋Cl －＋ClO －(×)(41)双氧水中加入稀硫酸和KI 溶液：H 2O 2＋2H ＋＋2I －===I 2＋2H 2O(√)(42)用铜作电极电解CuSO 4溶液：2Cu 2＋＋2H 2O =====电解2Cu ＋O 2↑＋4H ＋(×)(43)Na 2S 2O 3溶液中加入稀硫酸：2S 2O 2－3＋4H ＋===SO 2－4＋3S ↓＋2H 2O(×)(44)用过量氨水吸收工业尾气中的SO 2：2NH 3·H 2O ＋SO 2===2NH ＋4＋SO 2－3＋H 2O(√)(45)氯化钠与浓硫酸混合加热：H 2SO 4＋2Cl －=====△SO 2↑＋Cl 2↑＋H 2O(×)(46)磁性氧化铁溶于稀硝酸：3Fe 2＋＋4H ＋＋NO －3===3Fe 3＋＋NO ↑＋3H 2O(×)(47)将过量SO 2通入冷氨水中：SO 2＋NH 3·H 2O===HSO －3＋NH ＋4(√)(48)硫化钡加入稀硫酸中：BaS ＋2H ＋===H 2S ↑＋Ba 2＋(×)(49)二氧化硫通入次氯酸钠溶液中：SO 2＋ClO －＋2OH －===SO 2－4＋Cl －＋H 2O(√)(50)硫酸铝溶液中加入过量氨水：Al 3＋＋3OH －===Al(OH)3↓(×)3．2015年最新模拟(1)凡有元素化合价升降的反应都是氧化还原反应(√)(2)氧化还原反应的本质是有化合价升降(×)(3)置换反应一定是氧化还原反应(√) (4)复分解反应一定不是氧化还原反应(√) (5)无单质参加的化合反应肯定不是氧化还原反应(×) (6)有单质参加或生成的反应肯定是氧化还原反应(×) (7)失电子越多，还原性就越强，得电子越多，氧化性越强(×) (8)金属阳离子只能作氧化剂(×) (9)一种物质作氧化剂，就不可能作还原剂(×) (10)单线桥即只能用一根线来表示电子转移(×) (11)在原电池中，作负极的金属一定比正极的金属活泼(×) (12)含氧酸的价态越高，其氧化性一定越强(×) (13)金属阳离子被还原，一定得到该金属元素的单质(×) (14)某元素由化合态变成游离态，该元素可能被氧化，也可能被还原(√) (15)金属单质在化学反应中一定作为还原剂，非金属单质在反应中一定作为氧化剂(×) (16)阳离子只能得到电子被还原，只能作氧化剂(×) (17)含金属元素的离子一定都是阳离子(×) (18)不容易得到电子的物质，肯定容易失去电子(×) (19)强氧化剂和强还原剂一定能发生氧化还原反应(×) (20)盐酸具有氧化性、还原性和酸性(√) (21)一种物质不是电解质就是非电解质(×) (22)强极性键的物质构成的物质一定是强电解质(×) (23)强电解质溶液中没有分子(×) (24)强电解质溶液的导电能力不一定强，弱电解质溶液的导电能力不一定弱(√) (25)离子反应都能用离子方程式表示(×) (26)离子化合物是强电解质，共价化合物是弱电解质(×) (27)电解质溶液能导电，是因为在通电时电解质电离产生了自由移动的离子(×) (28)凡是强酸和强碱反应的离子方程式都可以用H＋＋OH－===H2O表示(×) (29)离子方程式有时只表示某个反应。

2015高考化学(重庆专用)二轮复习练习：1-4

第4讲氧化还原反应一、小题对点练一、氧化还原反应的基本概念及物质氧化性、还原性的强弱比较1．常温下，在溶液中可以发生反应：X＋2Y3＋===X2＋＋2Y2＋，有下列解释：①X被氧化②X是氧化剂③X具有还原性④Y2＋是氧化产物⑤Y2＋具有还原性⑥Y3＋的氧化性比X2＋的氧化性强。

其中正确的是()。

A．②④⑥B．①③④C．②⑤D．①③⑤⑥解析根据氧化还原反应的基本概念可知，X的化合价升高，被氧化，具有还原性，是还原剂，X2＋是氧化产物；Y3＋的化合价降低，被还原，具有氧化性，是氧化剂，Y2＋是还原产物，氧化剂(Y3＋)的氧化性大于氧化产物(X2＋)的氧化性。

综上所述，本题选D。

答案 D2．(2014·江津区模拟)根据下表提供的信息，下列叙述中，正确的是()。

A.3B．氧化性比较：KMnO4>Cl2>Fe3＋>Br2>Fe2＋C．表中第③组反应的氧化产物与还原产物的质量之比为6∶1D．④的离子方程式配平后，H＋的化学计量数应为16解析A项中氧化产物有FeCl3和Br2；B项由反应①可知Cl2与FeBr2反应时Fe2＋比Br－先氧化，则还原性Fe2＋>Br－，则氧化性Br2>Fe3＋；C项中第③组反应物的方程式为KClO3＋6HCl(浓)===3Cl2↑＋KCl＋3H2O，生成的Cl2中有56是氧化产物，16是还原产物，即氧化产物与还原产物的物质的量之比为5∶1。

D项中离子方程式为2MnO－4＋10Cl－＋16H＋===2Mn2＋＋8H2O＋5Cl2↑。

答案 D3．已知下列反应：Co2O3＋6HCl(浓)===2CoCl2↑＋Cl2＋3H2O①5Cl2＋I2＋6H2O===10HCl＋2HIO3②下列说法正确的是()。

A．反应①中每有1.0 mol CoCl2生成，转移电子数目为2N A(N A表示阿伏加德罗常数)B．反应②中Cl2发生氧化反应C．还原性：CoCl2>HCl>I2D．氧化性：Co2O3>Cl2>HIO3解析A项，反应①中Co2O3中Co的化合价为＋3价，CoCl2中Co的化合价为＋2价，所以每有1.0 mol CoCl2生成，转移电子数目为N A，错误；B项，反应②中Cl2中Cl的化合价降低，Cl2作氧化剂，Cl2发生还原反应，错误；C项，根据还原性：还原剂>还原产物，由反应①得出还原性：HCl>CoCl2，由反应②得出还原性：I2>HCl，故还原性：I2>HCl>CoCl2，错误；D项，根据氧化性：氧化剂>氧化产物，由反应①得出氧化性：Co2O3>Cl2，由反应②得出氧化性：Cl2>HIO3，故氧化性：Co2O3>Cl2>HIO3，正确。

重庆市2015届高三化学二轮复习专攻微题型22 基础实验装置的读图与评判

[题型专练]1．如图分别表示四种操作，其中至少有两处错误的是()解析A项，视线应与量筒刻度及凹液面的最低点在一条水平线上；B项，不能在量筒中稀释浓H2SO4，也不可将水倒入浓硫酸中；C项中称量腐蚀性及易潮解的药品应使用小烧杯或表面皿，不能在纸上称量；D项，在烧杯中溶解固体应使用玻璃棒不断搅拌。

答案 B2．广口瓶在化学实验室中被称为万能瓶，这是因为在实验方案设计中，玻璃管和其他简单仪器可以配合广口瓶组成各种功能的装置。

下图中能用作安全瓶防倒吸的装置是()解析A装置中间的玻璃管起到调节瓶内压强的作用，可以防倒吸；B装置中的两个进气管都可能产生倒吸；C装置中量筒内的导气管可能产生倒吸；D装置中的进气管可能产生倒吸。

答案 A3．下列实验装置不适用于物质分离的是()解析A装置可用于分液；B装置可用来分离易升华物质与不升华物质，如分离I2与沙子，分离SiO2与NH4Cl也可用此装置；C装置是层析；D装置是反应装置，不能用于分离物质。

答案 D4．正确的实验操作是实验成功的重要因素，下列实验操作错误的是()解析A项，浓硫酸稀释时，把浓硫酸沿烧杯内壁或玻璃棒慢慢注入水中，同时答案 D5．从海带中提取碘的实验过程中，涉及到下列操作，其中正确的是()解析用坩埚灼烧固体，A项错；过滤应用玻璃棒引流，B项错；苯的密度比水小，应从上层倒出，C项错。

答案 D6．下列有关实验装置进行的相应实验，能达到实验目的的是()A．用图1所示装置进行稀硝酸与铜的反应制取并收集NOB．用图2所示装置进行用已知浓度的氢氧化钠溶液测定盐酸浓度的实验C．用图3所示装置制取少量Cl2D．用图4所示装置检验电流的方向解析NaOH溶液应放在碱式滴定管内，B项错；制取氯气必须用浓盐酸，1mol·L－1的盐酸不能与二氧化锰反应，C项错；图4未形成闭合回路，D项错。

答案 A7．(2014·全国新课标Ⅰ，13)利用如图所示装置进行下列实验，能得出相应实验结论的是()解析 A 项，Na 2S 与稀硫酸发生反应：Na 2S ＋H 2SO 4===Na 2SO 4＋H 2S ↑，H 2S 气体通过导管进入③，产生Ag 2S 黑色沉淀，是H 2S 与AgNO 3反应的结果，不能得出K sp (AgCl)>K sp (Ag 2S)，错误；B 项，将浓H 2SO 4滴入蔗糖，蔗糖变黑，可以说明浓H 2SO 4具有脱水性，通过溴水褪色，说明浓H 2SO 4与生成的碳发生氧化还原反应生成了SO 2，由此可以进一步证明浓H 2SO 4具有强氧化性，正确；C 项，稀盐酸与Na 2SO 3发生反应：Na 2SO 3＋2HCl===2NaCl ＋SO 2↑＋H 2O ，SO 2与Ba(NO 3)2溶液发生氧化还原反应生成BaSO 4沉淀，若③中为BaCl 2等可溶性钡盐，则不能生成沉淀，错误；D 项，浓硝酸与Na 2CO 3发生反应：Na 2CO 3＋2HNO 3===2NaNO 3＋CO 2↑＋H 2O ，说明HNO 3的酸性强于H 2CO 3；③中Na 2SiO 3溶液中产生白色沉淀，并不能据此证明H 2CO 3的酸性强于H 2SiO 3，其原因是浓硝酸具有易挥发性，挥发出的硝酸蒸气与CO 2一并进入Na 2SiO 3溶液，且均能与其发生反应而产生H 2SiO 3沉淀。

重庆市2015届高三化学二轮复习专攻微题型21 突破两类基础实验表格型判断题

[题型专练]一、物质的分离与提纯1．下列除去杂质(试样中括号内的物质是杂质)时，选用的试剂正确的是( )233项错误；B 项二者都与NaOH 反应生成沉淀，故B 错误；C 项中Fe 不与NaOH 反应，杂质Al 与NaOH 反应，符合除杂原则，故C 项正确；D 项二者均不与饱和NaHSO 3溶液反应，故D 项错。

答案 C2．除去下列物质中所含的少量杂质的方法正确的是( )43误；CO 2会和饱和Na 2CO 3溶液反应生成NaHCO 3，B 选项错误；乙酸乙酯在NaOH 溶液中会发生水解，C 选项错误；蛋白质在浓(NH 4)2SO 4溶液中发生盐析，经过过滤除去葡萄糖，再将析出的蛋白质洗涤，重新溶于水，D 选项正确。

答案 D3．为提纯下列物质(括号内的物质是杂质)，所选用的除杂试剂和分离方法都正确的是( )合除杂原则，故A项错误；B项中NH4Cl与NaOH反应生成NH3·H2O，不符合除杂原则，故B项错误；D项中苯与苯酚均为有机物，根据相似相溶原理，不应用浓溴水除杂，故D项错误。

答案 C4．下列实验室除杂(括号内为少量杂质)的方案正确的是()解析NaOH溶液反应，无法除去杂质Fe，B错；C项中，CO2和NO2都能与水反应，且NO2与水反应生成NO气体又引入新杂质，C错。

答案 D5．拟用如图所示装置制取四种干燥、纯净的气体(图中加热装置和气体的收集装置均已略去；必要时可以加热；a、b、c、d表示相应仪器中加入的物质)。

其中不能达到目的的是()解析 A 、B 、D 项中试剂选择正确，而C 项中，NH 3为碱性气体，不能用浓硫酸干燥，故C 项不能达到实验目的。

答案 C6．实验室制取气体的装置如图所示，其中发生装置相同，干燥和集气装置有两套分别用图1和图2表示。

下列选项正确的是( )解析 A 项，过氧化钠和水反应生成O 2，可用向上排空气法收集，正确；B 项，产生的CO 2不能用碱石灰干燥，也不能用向下排空气法收集；C 项，生成的NO 不能用排空气法收集；D 项，氯化铵和消石灰在不加热的条件下不能反应生成NH 3。

人教课标版重庆市2015年高考化学二轮复习课件(20份) 17

(3)SiH4(硅烷)法生产高纯多晶硅是非常优异的方法。
①用粗硅作原料，熔融盐电解法制取硅烷原理如图所示，电解时阳极的电极反应式为__________________________。
②硅基太阳电池需用N、Si两种元素组成的化合物Y作钝化材料，它可由SiH4与NH3混合气体进行气相沉积得到，已知 Y中Si的质量分数为60%，Y的化学式为
－1
ΔH＝b kJ· mol
① 反应 SiO2(s) ＋ 2C(s)===Si(s) ＋ 2CO(g) 的 ΔH ＝ ________ kJ· mol－1(用含 a、b 的代数式表示)。 ②SiO 是反应过程中的中间产物。隔绝空气时，SiO 与 NaOH 溶液反应(产物之一是硅酸钠)的化学方程式为 _____________。
评分细则 (1)写成“水”也给分； (2)化学式错或不配平不给分，漏写气体符号“↑”扣 1 分，写成 “4 mol” 不给分，写成 “4NA” 或 “4×6.02×1023” 或 “2.408×1024”均给分； (3)漏写单位扣 1 分； (4)①写成“A 到 D”或“由 A 移到 D”等表示“A→D”方向，也给分 ② 写成 “C6H6 ＋ 6H ＋ ===C6H12 － 6e － ” 或 === ”均给分＋ 6H ＋＋ 6e －
③写成“0.643”不给分
[解题技能]
在解题时要注意以下几个方面：首先快速浏览全题，整体把
握题目，明确知识考查背景，以及考查了哪方面的化学反应原理，产生总体印象；其次逐字逐句认真审题，深入思考，准确把握题目提供的条件及求解问题，充分探究题干、图表提供的信息以及问题中的隐含信息。结合条件、信息与问题，联系化学原理，分析推理解决问题；第三各个问题逐个突破，切不可因一个问题没有解决而放弃其他问题；第四认真作答，

重庆市部分学校高三化学下学期第二次质量检测试卷(含解析)

重庆市部分学校2015届高三下学期第二次质量检测化学试卷一、选择题（本大题共7小题，每小题6分，共42分．每小题只有一个选项符合题意．）4．（6分）（2015•重庆校级模拟）下列实验操作、现象和结论均为正确的是（）5．（6分）（2015•重庆校级模拟）已知A、B、C、D、E是短周期中原子序数依次增大的5种主族元素，其中元素A、E的单质在常温下呈气态，元素B的原子最外层电子数是其电子层数的2倍，元素C在同周期的主族元素中原子半径最大，元素D的合金是日常生活中常用的金6．（6分）（2015•重庆校级模拟）亚硝酸钠（NaNO2）是一种具有咸味、有毒，且价格比食盐（NaCl）便宜的工业用盐，常被误作食盐使用，导致多起中毒事故发生．它的部分性质如图，下列说法错误的是（）二、非选择题（本大题共4小题，共58分）8．（14分）（2015•重庆校级模拟）已知三氯化铁的熔点为306℃，沸点为315℃，易溶于水并且有强烈的吸水性，能吸收空气里的水分而潮解．某学习小组的同学对氯气与铁的反应及产物做了如下探究实验：（1）装置的连接顺序为a、g、h、d、e、b、c、f．（2）饱和食盐水的作用是除去氯气中的氯化氢气体．（3）反应一段时间后熄灭酒精灯，冷却后将硬质玻璃管及收集器中的物质一并快速转移至锥形瓶中，加入过量的稀盐酸和少许植物油（反应过程中不振荡），充分反应后，进行如下实验：①淡黄色溶液中加入试剂X生成淡红色溶液的离子反应方程式为Fe3++3SCN﹣⇌Fe（SCN）3．②淡红色溶液中加入过量H2O2后溶液红色加深的原因是Fe2+被H2O2氧化生成Fe3+，从而增大Fe3+浓度，Fe3+、SCN﹣反应生成Fe（SCN）3，从而增大络合物浓度．（4）已知红色褪去的同时有气体生成，经检验为O2．该小组同学对红色褪去的原因进行探究．①取褪色后溶液三份，第一份滴加FeCl3溶液无明显变化；第二份滴加试剂X，溶液出现红色；第三份滴加稀HCl和BaCl2溶液，产生白色沉淀．②另取同浓度的FeCl3溶液滴加2滴试剂X，溶液变红，再通入O2，无明显变化．实验①说明SCN﹣发生了反应而不是Fe3+发生反应；实验②的目的是排除H2O2分解产生的O2氧化SCN﹣的可能；得出结论：溶液褪色的原因是H2O2将SCN﹣氧化成SO42﹣．9．（14分）（2015•重庆校级模拟）制作软质隐形眼镜高分子材料（M）和聚酯PET的合成路线如下：已知酯与醇可发生如下酯交换反应：RCOOR′+R″OH RCO OR″+R′OH（R、R′、R″代表有机基团）（1）A的相对分子质量是28，A、B分子中含有的官能团分别是碳碳双键、羟基．（2）B的名称是乙二醇．（3）反应I的反应类型是a（选填字母）．a．加聚反应b．缩聚反应（4）有关B、C、D的说法正确的是b．a.1mol B最多可以和1mol C反应b．C、D都能使Br2的CCl4溶液褪色c．D与NaOH溶液共热后可以得到B和C（5）B→D的化学方程式是．（6）C有多种同分异构体，其中一种是合成纤维维尼纶的单体，该分子在酸性环境下水解得到两种产物，它们的相对分子质量相差16，该同分异构体的结构简式是CH3COOCH=CH2．（7）反应Ⅱ的化学方程式是．，与，，故答案为：；，；10．（14分）（2015•重庆校级模拟）工业上回收利用某合金废料（主要含Fe、Cu、Co、Li等，已知Co、Fe都是中等活泼金属）的工艺流程如下：（1）金属M为Cu，操作1为过滤．（2）加入H2O2的作用是（用离子方程式表示）2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O，加入氨水的作用是调节溶液的pH使Fe3+转化为Fe（OH）3沉淀．（3）充分焙烧的化学方程式为4CoC2O4・2H2O+3O22Co2O3+8H2O+8CO2．（4）已知Li2CO3微溶于水，其饱和溶液的浓度与温度关系见下表．操作2中，蒸发浓缩后必须趁热过滤，其原因是减少Li2CO3的溶解损失，90℃时Ksp（Li2CO3）的值为 4.0×10﹣2CO32﹣﹣4e﹣=O2↑+CO2↑．2H2O+3O22H2O+3O211．（16分）（2015•重庆校级模拟）甲醇又称“木醇”或“木精”，沸点64.7℃，是无色有酒精气味易挥发的液体．甲醇有毒，误饮5～10mL能双目失明，大量饮用会导致死亡．甲醇是重要的化学工业基础原料和液体燃料，可用于制造甲醛和农药，并常用作有机物的萃取剂和酒精的变性剂等．（1）工业上可利用CO2和H2生产甲醇，方程式如下：CO2（g）+3H2（g）⇌CH3OH（l）+H2O （g）△H=Q1kJ•mol﹣1又查资料得知：①CH3OH（l）+1/2O2（g）⇌CO2（g）+2H2（g）△H=Q2kJ•mol﹣1②H2O（g）=H2O（l）△H=Q3kJ•mol﹣1，则表示甲醇的燃烧热的热化学方程式为CH3OH（l）+O2（g）═CO2（g）+2H2O（l）△H=（2Q1+3Q2+2Q3）kJ•mol﹣1．（2）工业上可用CO和H2O（g）来合成CO2 和H2，再利用（1）中反应原理合成甲醇．某温度下，将1molCO和1.5molH2O充入10L固定密闭容器中进行化学反应：CO（g）+H2O（g）⇌CO2（g）+H2（g）△H＞0，当反应进行到10min时达到平衡，此时测得H2为0.6mol．回答下列问题：①0～10min内H2O（g）的平均反应速率为0.006mol/L•min．②若想加快正反应速率的同时提高CO的转化率，可以采用的方法是ac．a．升高温度b．缩小容器的体积c．增大H2O （g）的浓度d．加入适当的催化剂③若保持温度容积不变再向其中充入1molCO和0.5molH2O（g），重新达到化学平衡状态时，此时平衡混合气体中H2的体积分数为25%．（3）甲醇燃料电池是符合绿色化学理念的新型燃料电池，下图是以甲醇燃料电池（甲池）为电源的电解装置．已知：A、B、C、D、E、F都是惰性电极，丙中为0.1mol/L CuSO4溶液（假设反应前后溶液体积不变），当向甲池通入气体a和b时，D极附近呈红色．回答下列问题：①a物质是CH3OH，A电极的电极反应式为CH3OH﹣6e﹣+8OH﹣=CO32﹣+6H2O．②乙装置中的总化学反应方程式为2NaCl+2H2O2NaOH+Cl2↑+H2↑．③当乙装置中C电极收集到224mL（标况下）气体时，丙中溶液的pH=1．===1=1×100%=25%=0.01mol2Cu+O2↑+2H2SO4=0.1mol/L。

2015年重庆市高考化学试卷最新修正版

2015年重庆市高考化学试卷一、选择题1．（6分）中华民族有着光辉灿烂的发明史，下列发明创造不涉及化学反应的是（）A．用胆矾炼铜B．用铁矿石炼铁C．烧结粘土制陶瓷 D．打磨磁石制指南针2．（6分）下列说法正确的是（）A．I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性强B．P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强C．Al2O3和MgO均可与NaOH溶液反应D．SO2和SO3混合气体通入Ba（NO3）2溶液可得到BaSO3和BaSO43．（6分）下列说法正确的是（）A．稀醋酸中加入少量醋酸钠能增大醋酸的电离程度B．25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，溶液pH=7C．25℃时，0.1mol•L﹣1的硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液的导电能力弱D．0.1mol AgCl和0.1molAgI混合后加入1L水中，所得溶液中c（Cl﹣）=c（I﹣）4．（6分）下列实验中，所使用的装置（夹持装置略）、试剂和操作方法都正确的是（）A．观察Fe（OH）2的生成B．配制一定物质的量浓度的NaNO3溶液C．实验室制取氨D．验证乙烯的生成5．（6分）某化妆品的组分Z具有美白功效，原从杨树中提取，现可用如图反应制备，下列叙述错误的是（）A．X、Y和Z均能使溴水褪色B．X和Z均能与NaHCO3溶液反应放出CO2C．Y既能发生取代反应，也能发生加成反应D．Y可作加聚反应单体，X可作缩聚反应单体6．（6分）黑火药是中国古代的四大发明之一，其爆炸的热化学方程式为：S（s）+2KNO3（s）+3C（s）═K2S（s）+N2（g）+3CO2（g）△H=x kJ•mol﹣1已知：碳的燃烧热△H1=a kJ•mol﹣1S（s）+2K（s）═K2S（s）△H2=b kJ•mol﹣12K（s）+N2（g）+3O2（g）═2KNO3（s）△H3=c kJ•mol﹣1则x为（）A．3a+b﹣c B．c﹣3a﹣b C．a+b﹣c D．c﹣a﹣b7．（6分）羰基硫（COS）可作为一种粮食熏蒸剂，能防止某些昆虫、线虫和真菌的危害。

2015高考化学二轮复习演练：微题型17(含解析).pdf

[题型专练] 1．甲、乙、丙、丁是中学化学常见的物质，且甲、乙、丙均含有同一种元素。

甲、乙、丙、丁之间的转化关系如右图所示。

则乙不可能是( ) A．Al(OH)3 B．FeCl3 C．CO D．Na2CO3 解析　甲、乙、丙、丁分别为AlCl3、Al(OH)3、NaAlO2、NaOH，或分别为C、CO、CO2、O2，或分别为NaOH、Na2CO3、NaHCO3、CO2时符合图示转化。

答案　B 2．下表各组物质中，物质之间通过一步反应不能实现如图所示转化的是( )选项abcdAAlCl3Al(OH)3NaAlO2NaOHBNaAlO2Al(OH)3AlCl3HClCNa2CO3NaHCO3NaOHCO2DCl2FeCl3FeCl2Fe解析　A中AlCl3与NaOH反应生成Al(OH)3，Al(OH)3与NaOH反应生成NaAlO2，NaAlO2与AlCl3反应生成Al(OH)3，A项中的转化关系正确。

同理可得出B、D中的转化关系也是正确的。

C项中NaHCO3与CO2不反应，且NaOH和Na2CO3也不反应，所以C中的转化不能实现。

答案　C 3．下表各组物质之间通过一步反应不可以实现如图所示的转化关系的是( ) 选项XYZ箭头上所标数字的反应条件ACaOCa(OH)2CaCO3①常温遇水BAlCl3NaAlO2Al(OH)3②通入CO2CFe2O3FeCl3Fe(OH)3④加入盐酸DCl2Ca(ClO)2HClO③加浓盐酸解析　本题主要考查了铝、铁、氯等元素及其化合物之间的转化，意在考查考生对重要无机反应的掌握情况。

CaCO3不能通过一步反应生成Ca(OH)2。

答案　A 4．A～E是中学常见的5种化合物，A、B是氧化物，它们之间的转化关系如图所示。

则下列说法正确的是( ) A．单质X与A反应的化学方程式：Al2O3＋2FeFe2O3＋2Al B．检验D溶液中金属阳离子的反应：Fe3＋＋3SCN－===Fe(SCN)3↓ C．单质X和单质Y在一定条件下均能与水发生置换反应 D．由于化合物B和C均既能与酸反应，又能与碱反应，所以两者均是两性化合物解析　分析题中的转化关系图可推得单质X为Al，氧化物A为Fe2O3，单质Y为Fe，氧化物B为Al2O3，C为Al2(SO4)3，D为Fe2(SO4)3，E为FeSO4。