2014年东莞市高三物理高考模拟试题(高考备考中心组 东莞高级中学 卢锦亮 A卷)
广东省东莞市高考物理模拟试题(东莞实验中学 A卷)新人教版
2014年东莞市高三物理高考模拟试卷（物理高考备考中心组 东莞实验中学 谢育恩 A 卷）一、单项选择题：每小题4分，满分16分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．选对的得4分，选错或不答的得0分。
13.如图所示，一个金属圆环水平放置在竖直向上的匀强磁场中，若要使圆环中产生如箭头所示方向的瞬时感应电流，下列方法可行的是A ．使匀强磁场均匀增大B ．使圆环绕水平轴ab 如图转动30°C ．使圆环绕水平轴cd 如图转动30°D ．保持圆环水平并使其饶过圆心的竖直轴转动14．如图所示，物体A 放置在固定斜面上，一平行斜面向上的力F 作用于物体A 上。
在力F变大的过程中，A 始终保持静止，则以下说法中正确的是 A ．物体A 受到的合力变大 B ．物体A 受到的支持力不变 C ．物体A 受到的摩擦力变大 D ．物体A 受到的摩擦力变小15. 如图所示,甲分子固定在坐标原点O,乙分子位于x 轴上,甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示,F>0为斥力,F<0为引力,a 、b 、c 、d 为x 轴上四个特定的位置.现把乙分子从a 处由静止释放,则( ) A.乙分子由a 到b 做加速运动,由b 到c 做减速运动 B .乙分子由a 到c 做加速运动,到达c 时速度最大 C.乙分子由a 到d 的过程中,两分子间的分子势能一直减少 D.乙分子由b 到d 的过程中,两分子间的分子势能一直增加 16．下列说法正确的是A ．α粒子散射实验说明原子核内部具有复杂结构B ．天然放射现象说明原子核内部具有复杂结构C ．原子核能发生β衰变说明原子核内存在电子D ．氢原子从定态n =4向基态跃迁，可以辐射连续光谱二、双项选择题：每小题6分，共30分。
在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或者不答的得0分。
17假设将来人类登上了火星，考察完毕后，乘坐一艘宇宙飞船从火星返回地球时，经历了如图所示的变轨过程，则有关这艘飞船的下列说法正确的是( )Ba Obc d ABF+Q M A O B C N-q A ．飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能大于飞船在轨道Ⅱ上运动时的机械能 B ．飞船在轨道Ⅱ上运动时，经过P 点时的速度大于经过Q 点时的速度C ．飞船在轨道Ⅲ上运动到P 点时的加速度等于飞船在轨道Ⅱ上运动到P 点时的加速度D ．飞船绕火星在轨道Ⅰ上运动的周期跟飞船返回地球的过程中绕地球以与轨道Ⅰ同样的轨道半径运动的周期相同18．如图甲所示，理想变压器、副线圈的匝数之比为4∶1。
2024届广东省东莞市东莞中学高考冲刺模拟物理试题含解析
2024年高考物理模拟试卷注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、为了人民的健康和社会的长远发展，我国环保部门每天派出大量的洒水车上街进行空气净化除尘，已知某种型号的洒水车的操作系统是由发动机带动变速箱，变速箱带动洒水泵产生动力将罐体内的水通过管网喷洒出去，假设行驶过程中车受到的摩擦阻力跟其质量成正比，受到的空气阻力跟车速成正比，当洒水车在平直路面上匀速行驶并且匀速洒水时，以下判断正确的是（）A．洒水车的动能保持不变B．发动机的功率保持不变C．牵引力的功率要随时间均匀减小D．牵引力大小跟洒水时间成反比2、在足够长的光滑绝缘水平台面上，存在有平行于水平面向右的匀强电场，电场强度为E。
水平台面上放置两个静止的小球A和B（均可看作质点），两小球质量均为m，带正电的A球电荷量为Q，B球不带电，A、B连线与电场线平行。
开始时两球相距L，在电场力作用下，A球开始运动（此时为计时零点，即t 0），后与B球发生正碰，碰撞过程中A、B两球总动能无损失。
若在各次碰撞过程中，A、B两球间均无电荷量转移，且不考虑两球碰撞时间及两球间的万有引力，则（）A．第一次碰撞结束瞬间B球的速度大小为2QELmB．第一次碰撞到第二次碰撞B小球向右运动了2LC．第二次碰撞结束瞬间B球的速度大小为2QELmD．相邻两次碰撞时间间隔总为22QELm3、如图，斜面上a、b、c三点等距，小球从a点正上方O点抛出，做初速为v0的平抛运动，恰落在b点．若小球初速变为v，其落点位于c，则（）A ．v 0< v <2v 0B ．v =2v 0C ．2v 0< v <3v 0D ．v >3v 04、按照我国整个月球探测活动的计划，在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后，第二步是“落月”工程，已在2013年以前完成。
广东省东莞高中高考物理模拟试卷(二)(含解析)
2015年广东省东莞高中高考物理模拟试卷（二）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分1．（4分）（2013•茂名二模）如图电子枪射出的电子束进入示波管，在示波管正下方有竖直放置的通顺时针电流的环形导线，则示波管中的电子束将（）A．向上偏转B．向下偏转C．向纸外偏转D．向纸里偏转2．（4分）（2015•东莞模拟）如图所示，虚线表示某电场的等势面．一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A点的加速度为a A、电势能为E A；在B点的加速度为a B、电势能为E B．则下列结论正确的是（）A．粒子带正电，a A＞a B，E A＞E B B．粒子带负电，a A＞a B，E A＞E BC．粒子带正电，a A＜a B，E A＜E B D．粒子带负电，a A＜a B，E A＜E B3．（4分）（2012•济南一模）如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下．在将磁铁的S极插入线圈的过程中（）A．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互排斥B．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互排斥C．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互吸引D．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互吸引4．（4分）（2013•浙江）磁卡的词条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈，当以速度v0刷卡时，在线圈中产生感应电动势．其E﹣t关系如图所示．如果只将刷卡速度改为，线圈中的E﹣t关系可能是（）A．B．C．D．二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）（2015•东莞模拟）在点电荷Q的电场中，一个α粒子（He带正电）通过时的轨迹如图实线所示，a、b为两个等势面，则下列判断中正确的是（）A．Q一定带正电荷B．运动中．粒子总是克服电场力做功C．α粒子在两等势面上的电势能E pb＞E paD．α粒子经过两等势面的动能E kb＞E ka6．（6分）（2015•东莞模拟）如图，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，在M点无初速度地释放带电小物块P，P将沿水平面运动到N点静止，则从M到N的过程中（）A．P所受库仑力逐渐减小B．P的电势能一定增加C．M、N 两点的电势φM一定高于φND．克服摩擦力做的功等于电势能的减少7．（6分）（2015•东莞模拟）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微粒带电，在带正电被喷工件的静电力作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒一定带正电B．离工件越近，所受电场力越大C．电场力对涂料微粒做负功D．涂料微粒的电势能减小8．（6分）（2015•东莞模拟）如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是（）A．P向下滑动时，灯L变亮B．P向下滑动时，灯L亮度不变C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输入功率变大9．（6分）（2014•安阳一模）示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带正电B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y′应带正电三、非选择题（共4小题，满分54分）10．（8分）（2015•东莞模拟）小明同学为了测定某太阳能硅光电池组的电动势和内电阻，设计了如图甲所示的电路，在一定光照条件下进行实验：①请根据图甲完成图乙中实物的连线．②将测量出来的数据记录在表中，其中第4组数据的电压如图丙所示，则此时电压为V．1 2 3 4 5 6 7 8U/V 1.77 1.75 1.70 1.54 1.27 1.00 0.50I/μA12 30 48 60 68 76 80 86③将这些数据在图丁中描点，第4组数据还未描出．a．请在图丁中描出第4组数据的点，并作出该硅光电池组的U﹣I图线；b．由此U﹣I图线可知，该硅光电池组的电动势E=1.80V，电池组的内阻随其输出电流的变化而改变，在电流为80μA时，该电池组的内阻r= Ω（保留两位有效数字）．11．（10分）（2015•东莞模拟）某同学想测绘标有“3.8V0.4A”字样的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图象，除了导线和开关外，有下列一些器材可供选择：A．电源E（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）．B．电压表V1（量程为5V，内阻约为5kΩ）；C．电流表A1（量程为100mA，内阻约为2Ω）；D．电流表A2（量程为0.6A，内阻约为0.3Ω）；E．滑动变阻器R1（最大阻值为5Ω）；F．滑动变阻器R2（最大阻值为100Ω）；G．开关及导线若干①为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表，滑动变阻器（填器材前面的选项代号）②选好器材后，该同学按照该实验要求连接电路，请完成图甲中的实物连线．③该同学根据实验数据，计算并描绘出R﹣U的图象如图乙所示．由图象可知，此灯泡在不工作时，灯丝的电阻为Ω；（保留二位有效数字）④由图可知当U=3v时小灯泡的实际功率是W．（保留二位有效数字）12．（18分）（2014•河西区一模）如图所示，在直角坐标系xOy平面内有一矩形区域MNPQ，矩形区域内有水平向右的匀强电场，场强为E；在y≥0的区域内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，半径为R的光滑绝缘空心半圆管ADO固定在坐标平面内，半圆管的一半处于电场中，圆心O1为MN的中点，直径AO垂直于水平虚线MN，一质量为m、电荷量为q的带电粒子（重力不计）从半圆管的O点由静止释放，进入管内后从A点穿出恰能在磁场中做半径为R的匀速圆周运动，当粒子再次进入矩形区域MNPQ时立即撤去磁场，此后粒子恰好从QP的中点C离开电场．求：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）矩形区域的长度MN和宽度MQ应满足的条件？（3）粒子从A点运动到C点的时间．13．（18分）（2015•东莞模拟）如图所示，相距为R的两块平行金属板M、N正对着放置，s1、s2分别为M、N板上的小孔，s1、s2、O三点共线，它们的连线垂直M、N，且s2O=R．以O为圆心、R为半径的圆形区域内存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场．D为收集板，收集板上各点到O点的距离以及两端点A和C的距离都为2R，板两端点的连线AC垂直M、N板．质量为m、带电量为+q的粒子，经s1进入M、N间的电场后，通过s2进入磁场．粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计．（1）当M、N间的电压为U x时，求粒子进入磁场时速度的大小v x；（2）要使粒子能够打在收集板上，求在M、N间所加电压的范围；（3）若粒子恰好打在收集板D的中点上，求粒子从s1开始运动到打在D的中点上经历的时间．2015年广东省东莞高中高考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分1．（4分）（2013•茂名二模）如图电子枪射出的电子束进入示波管，在示波管正下方有竖直放置的通顺时针电流的环形导线，则示波管中的电子束将（）A．向上偏转B．向下偏转C．向纸外偏转D．向纸里偏转考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：由安培定则判断出环形导线中的电流在示波管位置的磁场方向；然后由左手定则判断出电子束受到的安培力方向，最后根据电子束的受力方向判断电子束如何偏转．解答：解：由安培定则可知，在示波管下方环形电流的磁场在环形区域内磁感线方向垂直纸面向里，根据磁感线是闭合的曲线可知，在环形电流外侧磁感线方向垂直纸面向外；电子束由左向右运动，电子束形成的电流方向水平向左，由左手定则可知，电子束受到的安培力竖直向上，则电子束向上偏转；故选：A．点评：知道电流方向与电子运动方向相反，熟练掌握安培定则、左手定则是正确解题的关键．2．（4分）（2015•东莞模拟）如图所示，虚线表示某电场的等势面．一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A点的加速度为a A、电势能为E A；在B点的加速度为a B、电势能为E B．则下列结论正确的是（）A．粒子带正电，a A＞a B，E A＞E B B．粒子带负电，a A＞a B，E A＞E BC．粒子带正电，a A＜a B，E A＜E B D．粒子带负电，a A＜a B，E A＜E B考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据曲线的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，根据等差等势面的疏密判断场强大小，结合牛顿第二定律得到加速度大小关系；根据电场力做功情况断电势能高低．解答：解：根据粒子轨迹的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，根据U=Ed知，等差等势面越密的位置场强越大，B处等差等势面较密集，则场强大，带电粒子所受的电场力大，加速度也大，即a A＜a B；从A到B，电场线对带电粒子做负功，电势能增加，则知B点电势能大，即E A＜E B；故D正确．故选：D．点评：本题关键是先根据靠差等势面的疏密判断场强的大小，再结合电场力做功正负分析电势能变化．公式U=Ed，对非匀强电场可以用来定性分析场强．3．（4分）（2012•济南一模）如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下．在将磁铁的S极插入线圈的过程中（）A．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互排斥B．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互排斥C．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互吸引D．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互吸引考点：楞次定律．分析：当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向下，所以感应磁场方向向上，根据右手螺旋定则判断感应电流的方向；根据楞次定律“来拒去留”可判断磁铁与线圈的相互作用．解答：解：当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向上，所以感应磁场方向向下，根据右手螺旋定则，拇指表示感应磁场的方向，四指弯曲的方向表示感应电流的方向，即通过电阻的电流方向为b→a．根据楞次定律“来拒去留”可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用，故磁铁与线圈相互排斥．综上所述：线圈中感应电流的方向为电阻的电流方向为b→a，磁铁与线圈相互排斥．故选：B．点评：楞次定律应用的题目我们一定会做，大胆的去找原磁场方向，磁通量的变化情况，应用楞次定律判断即可．4．（4分）（2013•浙江）磁卡的词条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈，当以速度v0刷卡时，在线圈中产生感应电动势．其E﹣t关系如图所示．如果只将刷卡速度改为，线圈中的E﹣t关系可能是（）A．B．C．D．考点：信息传播、处理和存储技术的发展；闭合电路的欧姆定律；导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与图像结合．分析：根据感应电动势公式E=BLv可知，其他条件不变时，感应电动势与导体的切割速度成正比，磁卡通过刷卡器的时间t=与速率成反比．解答：解：根据感应电动势公式E=BLv可知，其他条件不变时，感应电动势与导体的切割速度成正比，只将刷卡速度改为，则线圈中产生的感应电动势的最大值将变为原来的．磁卡通过刷卡器的时间t=与速率成反比，所用时间变为原来的2倍．故D正确．故选D点评：本题要抓住磁卡刷卡是利用电磁感应原理，关键要掌握感应电动势公式E=BLv．二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）（2015•东莞模拟）在点电荷Q的电场中，一个α粒子（He带正电）通过时的轨迹如图实线所示，a、b为两个等势面，则下列判断中正确的是（）A．Q一定带正电荷B．运动中．粒子总是克服电场力做功C．α粒子在两等势面上的电势能E pb＞E paD．α粒子经过两等势面的动能E kb＞E ka考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，反之，远离Q的过程电场力做正功．可判断电势能的大小和动能大小以及Q的电性．解答：解：A、正电荷受到了排斥力作用，所以Q的电性一定是正电荷．故A正确；B、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，反之，远离Q的过程电场力做正功．故B错误；C、D、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功；因此动能减小，电势能增大．故C正确，D错误；故选：AC．点评：该题考查轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的路6．（6分）（2015•东莞模拟）如图，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，在M点无初速度地释放带电小物块P，P将沿水平面运动到N点静止，则从M到N的过程中（）A．P所受库仑力逐渐减小B．P的电势能一定增加C．M、N 两点的电势φM一定高于φND．克服摩擦力做的功等于电势能的减少考点：电势能；库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，根据库仑定律分析小物块受到的电场力变化情况．电场力做正功，电荷的电势能减小．电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据电场线的方向判断电势的高低．由E=k判断电场强度的大小．解答：解：A、从M点运动到N点的过程中，物块与点电荷Q的距离增大，带电量均不变，根据库仑定律分析可知，小物块所受电场力逐渐减小．故A正确．B、点电荷对物块的电场力方向向左，对物块做正功，物块P的电势能一定减小．故B错误．C、由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，但它们的电性无法判断，所以电场线的方向不能确定，根据顺着电场线电势降低可知，M点的电势与N点的电势关系不能确定．故C错误．D、根据动能定理，克服摩擦力做的功等于电场力做功，即等于电势能的减少．故D正确．故选：AD．点评：本题要掌握库仑定律，分别从力和能的角度分析物块的物理量的变化情况，是研究物体运动情况常用的两个角度．7．（6分）（2015•东莞模拟）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微粒带电，在带正电被喷工件的静电力作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒一定带正电B．离工件越近，所受电场力越大C．电场力对涂料微粒做负功D．涂料微粒的电势能减小考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解答本题关键抓住：在涂料微粒向工件靠近的过程中，工件带正电，涂料微粒带负电；根据库仑定律分析库仑力的变化；电场力做正功，涂料微粒的电势能减小．解答：解：A、由图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带负电．故A错误．B、离工件越近，根据库仑定律得知，涂料微粒所受库仑力越大．故B正确．C、D、涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其电势能减小．故C错误，D正确．故选：BD点评：本题抓住异种电荷相互吸收，分析涂料微粒的电性．根据电场力做功正负判断电势能的变化情况．8．（6分）（2015•东莞模拟）如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是（）A．P向下滑动时，灯L变亮B．P向下滑动时，灯L亮度不变C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输入功率变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：与闭合电路中的动态分析类似，可以根据滑动变阻器R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况解答：解：A、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，根据P=，即亮度不变．故A错误B正确；C、当滑动变阻器R的滑片向上移动时，导致总电阻减小，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．因此输入电流也变大．故C错误；D、当滑动变阻器R的滑片向上移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．则输出功率增大，故D正确．故选：BD点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法9．（6分）（2014•安阳一模）示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带正电B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y′应带正电考点：示波器的使用．专题：实验题．分析：由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性解答：解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到X′，则X带正电同理可知Y带正电，故AC正确，BD错误故选：AC点评：考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反．三、非选择题（共4小题，满分54分）10．（8分）（2015•东莞模拟）小明同学为了测定某太阳能硅光电池组的电动势和内电阻，设计了如图甲所示的电路，在一定光照条件下进行实验：①请根据图甲完成图乙中实物的连线．②将测量出来的数据记录在表中，其中第4组数据的电压如图丙所示，则此时电压为 1.65V．1 2 3 4 5 6 7 8U/V 1.77 1.75 1.70 1.54 1.27 1.00 0.50I/μA12 30 48 60 68 76 80 86③将这些数据在图丁中描点，第4组数据还未描出．a．请在图丁中描出第4组数据的点，并作出该硅光电池组的U﹣I图线；b．由此U﹣I图线可知，该硅光电池组的电动势E=1.80V，电池组的内阻随其输出电流的变化而改变，在电流为80μA时，该电池组的内阻r= 1.0×104Ω（保留两位有效数字）．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：①根据电路图连接实物电路图；②根据图示电压表确定其分度值，读出其示数；③根据坐标系内描出的点作出图象；在电流为80μA时，由表格数据得到路端电压为1V，然后根据闭合电路欧姆定律列式求解．解答：解：①根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：②由表中实验数据可知电压表最大测量值为1.77V，则电压表量程为3V，由图丙所示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为1.65V；③a、把第四组数据标在坐标系内，根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：b、在电流为80μA时，由表格数据得到路端电压为1V，根据闭合电路欧姆定律，在闭合电路中：E=U+Ir，解得：r===1.0×104Ω；故答案为：①实物电路图如图所示；②1.65；③a、图象如图所示；b、1.0×104点评：本题考查了测电源电动势与内阻实验，应用图象法处理实验数据是常用的方法，要掌握描点法作图的方法；对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数．11．（10分）（2015•东莞模拟）某同学想测绘标有“3.8V0.4A”字样的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图象，除了导线和开关外，有下列一些器材可供选择：A．电源E（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）．B．电压表V1（量程为5V，内阻约为5kΩ）；C．电流表A1（量程为100mA，内阻约为2Ω）；D．电流表A2（量程为0.6A，内阻约为0.3Ω）；E．滑动变阻器R1（最大阻值为5Ω）；F．滑动变阻器R2（最大阻值为100Ω）；G．开关及导线若干①为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表 D ，滑动变阻器 E （填器材前面的选项代号）②选好器材后，该同学按照该实验要求连接电路，请完成图甲中的实物连线．③该同学根据实验数据，计算并描绘出R﹣U的图象如图乙所示．由图象可知，此灯泡在不工作时，灯丝的电阻为 1.2 Ω；（保留二位有效数字）④由图可知当U=3v时小灯泡的实际功率是0.90 W．（保留二位有效数字）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：本题①的关键是根据小灯泡的额定电压和额定功率求出额定电流，然后选择电流表的量程，由于描绘小灯泡R﹣U图象小于电压从零调，所以滑动变阻器应用分压式接法，应选择全电阻小的变阻器；②的关键是根据R﹣U图象读出对应的电阻即可；③的关键是根据，电流表应用外接法；④的关键是根据R﹣U图象的特点结合P=可知P﹣U图象的特点．解答：解：①根据欧姆定律可求出小灯泡的额定电流为I===0.5A，所以电流表应选D，由于描绘R﹣U图象可知电压要从零调，所以滑动变阻器应用分压式接法，所以应选全电阻小的变阻器E；②从R﹣U图象读出当U=0时的电阻为R=1.5Ω，当U=3.00V时对应的电阻R=11.5Ω，此时小灯泡的功率为P==W=0.78W③从R﹣U图象读出当U=0时的电阻为力象的斜率，由图可知，R=1.2Ω，④当U=3．V时对应的电阻R=10Ω，此时小灯泡的功率为P==W=0.90W．故答案为：①D；E；②如图所示；③1.2；④0.90点评：本题考查测量灯泡的伏安特性曲线的实物图及图象的掌握；在分析图象时要注意图象的坐标，明确图象的意义．12．（18分）（2014•河西区一模）如图所示，在直角坐标系xOy平面内有一矩形区域MNPQ，矩形区域内有水平向右的匀强电场，场强为E；在y≥0的区域内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，半径为R的光滑绝缘空心半圆管ADO固定在坐标平面内，半圆管的一半处于电场中，圆心O1为MN的中点，直径AO垂直于水平虚线MN，一质量为m、电荷量为q的带电粒子（重力不计）从半圆管的O点由静止释放，进入管内后从A点穿出恰能在磁场中做半径为R的匀速圆周运动，当粒子再次进入矩形区域MNPQ时立即撤去磁场，此后粒子恰好从QP的中点C离开电场．求：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）矩形区域的长度MN和宽度MQ应满足的条件？（3）粒子从A点运动到C点的时间．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）由动能定理可求得粒子的速度，再由洛仑兹力充当向心力可求得磁感应强度；（2）粒子在矩形区域内做类平抛运动，由运动的合成与分解知识可求得矩形区域的长宽；（3）明确粒子在各过程中时间，则可求得总时间．解答：解：（1）粒子从O到A过程中由动能定理得：qER=mv2从A点穿出后做匀速圆周运动，有：qvB=m解得：B=（2）粒子再次进入矩形区域后做类平抛运动，由题意得：R=at2a=R+OC=vt联立解得：OC=r所以，矩形区域的长度MN≥2R，宽度MQ≥2R（3）粒子从A点到矩形边界MN的过程中，有：t1==从矩形边界MN到C点的过程中，有：t2==故所求时间为：t=t1+t2=（+1）答：（1）磁感应强度为B=；（2）矩形区域的长度MN≥2R，宽度MQ≥2R；（3）时间t=t1+t2=（+1）点评：本题中粒子先做类平抛运动，再做平抛运动；明确各种过程中的运动规律，选择正确的规律求解．要学会分析粒子的运动过程．13．（18分）（2015•东莞模拟）如图所示，相距为R的两块平行金属板M、N正对着放置，s1、s2分别为M、N板上的小孔，s1、s2、O三点共线，它们的连线垂直M、N，且s2O=R．以O为圆心、R为半径的圆形区域内存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场．D为收集板，收集板上各点到O点的距离以及两端点A和C的距离都为2R，板两端点的连线AC垂直M、N板．质量为m、带电量为+q的粒子，经s1进入M、N间的电场后，通过s2进入磁场．粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计．（1）当M、N间的电压为U x时，求粒子进入磁场时速度的大小v x；（2）要使粒子能够打在收集板上，求在M、N间所加电压的范围；（3）若粒子恰好打在收集板D的中点上，求粒子从s1开始运动到打在D的中点上经历的时间．。
2014年高考理综模拟试题和试题解析答案DOC
2014年理综模拟试题解析物理部分一，选择题（本题包括7小题，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）16．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。
以下符合事实的是A．焦耳发现了电流热效应的规律B．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C．楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D．牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动答案：AB解析：奥斯特发现了电流的磁效应，C项错误。
伽利略将斜面实验结论合理外推，间接证明自由落体运动是匀速直线运动，D项错误。
点评：考查了物理学史上一些典型思想和科学研究方法，物理学史中所包含的艰辛探索、研究方法、创造性思想，及其对物理学发展的影响、对社会的推动等无不深深地影响着考生的情感态度价值观。
所涉及的物理学史内容都是教材中所提及的，比较简单。
17．甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道。
以下判断正确的是A．甲的周期大于乙的周期B．乙的速度大于第一宇宙速度C．甲的加速度小于乙的加速度D．甲在运行时能经过北极的正上方答案：AC解析：此题通过分析卫星的定轨运行，考查万有引力定律和圆周运动知识。
卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，有解得，所以B项错误。
，。
因为，所以，，A C 选项正确。
地球同步卫星只能定点于赤道正上方与赤道平面共面上，D项错误。
点评：万有引力试题起到引导考生要关注航天技术研究及在应用方面我国所取得的骄人成绩。
对这类物理问题的解答将会提高考生的民族自豪感，体现了新课标的理念。
18．如图所示，将小球从地面以初速度竖直上抛的同时，将另一相同质量的小球从距地面处由静止释放，两球恰在处相遇（不计空气阻力）。
则A．两球同时落地B．相遇时两球速度大小相等C．从开始运动到相遇，球动能的减少量等于球动能的增加量D．相遇后的任意时刻，重力对球做功功率和对球做功功率相等答案：C解析：以自由落体和竖直上抛运动为情境，考查v-t图象和动能定理。
广东省东莞市高考物理模拟试题(东华高级中学 A卷)
2014年高三物理模拟试题（东莞市物理高考备考中心组东华高级中学廖忠福供稿）单选13．根据热力学知识，下列说法正确的是A．组成物质的大量分子的热运动是有一定规律可遁的B．温度越高的物体具有的内能相对较大C．布朗运动是在显微镜中看到的构成固体颗粒分子的无规则运动D．气体从外界吸收热量，其内能不一定增加14．下列说法正确的是A.卢瑟福创立的原子核式结构模型很好的解释了氢原子光谱B.原子核经过一次α衰变，核电荷数减少4C.重核的裂变过程总质量亏损，轻核的聚变过程总质量增加D．光电效应实验揭示了光的粒子性15．如图所示为速度－时间图象。
若将该物体的运动过程用位移-时间图象表示出来，下列四幅图象中正确的是16质量均为m的a、b两木块叠放在水平面上，如图所示，a受到斜面上与水平面成θ角的力F的作用，b受到斜向下与水平面成θ角等大的力F的作用，两力在同一竖直平面内，此时两木块保持静止，则A．b一定受到四个力的作用B．水平面对b的支持力可能大于2mgC．a、b之间一定存在静摩擦力D．b与水平面之间一定存在静摩擦力双选17．如图所示用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中。
三个带电小球质量相等，A球带正电，平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零.则A．B球和C球都带负电荷B．B球带负电荷，C球带正电荷C．B球和C球所带电量不一定相等D．B球和C球所带电量一定相等18．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图乙所示，产生的交变电动势随时间变化规律的图象如图甲所示，已知发电机线圈内阻为1.0Ω，外接一只电阻为9.0Ω的灯泡，则A．电压表V的示数为20VB．电路中的电流方向每秒改变10次C ．灯泡实际消耗的功率为36WD ．值电动势随时间变化的瞬时表达式为20cos 5()e t V π=19．矩形导线框abcd 与长直导线MN 放在同一水平面上，ab 边与MN 平行，导线 MN 中通入如图所示的电流方向，当MN 中的电流增大时，下列说法正确的是 A ．导线框abcd 中有顺时针方向的感应电流B ．导线框abcd 中有逆时针方向的感应电流C ．导线框所受的安培力的合力向左D ．导线框所受的安培力的合力向右 20．“神舟十号”宇宙飞船在返回地球的过程中，有一段时间由于受到稀薄大气的阻力作用，“神舟十号”的轨道半径会越来越小，在此进程中，以下说法中正确的是A ．飞船绕地球运行的周期将增大B ．飞船所受到的向心力将减小C ．飞船的向心加速度将增大D ．飞船绕地球运行的速率将增大21．据中新社北京2月26日电，中国军队2013年将举行近40场军事演习，以提高信息化条件下威慑和实战能力。
2014广东高考物理试题含答案解析高三物理
2014物理试题及答案解析(广东卷)一、单项选择题(本大题共16小题,每小题4分,共64分。
在每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求,选对的得4分,选错或不答的得0分。
)13.(2014·广东理综,13)图6如图6是物体做直线运动的v t图象。
由图可知,该物体()A.第1s内和第3s内的运动方向相反B.第3s内和第4s内的加速度相同C.第1s内和第4s内的位移大小不相等D.0~2s和0~4s内的平均速度大小相等答案:B解析:由题图可知,物体在第1s内和第3s内的运动方向相同,A项错误;由图线的斜率表示加速度可知,物体在第3s内和第4s内加速度相同,B项正确;第1s内和第4s内图线与坐标轴所包围的“面积”大小相等,即物体的位移大小相等,C项错误;0~2s和0~4s内物体的位移相等,但时间不同,平均速度大小不相等,D项错误。
14.(2014·广东理综,14)图7如图7所示,水平地面上堆放着原木,关于原木P在支撑点M、N处受力的方向,下列说法正确的是()A.M处受到的支持力竖直向上B.N处受到的支持力竖直向上C.M处受到的静摩擦力沿MN方向D.N处受到的静摩擦力沿水平方向答案:A解析:弹力方向与接触面垂直指向被支持的物体,A项正确,B项错误;摩擦力方向沿接触面的切线方向,C、D两项错误。
15.(2014·广东理综,15)图8如图8所示,上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置,小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放,并落至底部。
则小磁块()A.在P和Q中都做自由落体运动B.在两个下落过程中的机械能都守恒C.在P中的下落时间比在Q中的长D.落至底部时在P中的速度比在Q中的大答案:C解析:小磁块在铜管P中下落时,铜管中产生感应电流,根据楞次定律可知,感应电流产生的磁场阻碍小磁块的下落,小磁块的机械能不守恒,A、B两项错误;小磁块在塑料管Q中下落时不会产生感应电流,小磁块的机械能守恒,不难分析知,小磁块在Q中的运动时间短,落至底部时的速度大,C项正确,D项错误。
2014年广东省高考物理试卷(真题)及试卷分析
2014年广东省高考物理试卷（真题）及试卷分析科目总分分析人分析时间物理100分佛山龙文教研物理组2014-6试卷内容结构分析（考察范围、知识点、分值分布、难易度等）题号题型考试范围知识点分值难易度13 单选力学匀变速直线运动及图像 4分易14 单选力学共点力平衡摩擦力 4分易15 单选电磁学力学电磁感应匀加速直线运动 4分易16 单选力学功能转换 4分易17 双选热学理想气体-等温线 6分易18 双选原子核光电效应 6分易19 双选电学理想变压器 6分中等20 双选力学电学共点力平衡库仑定律电势 6分中等21 双选力学圆周运动天体密度的测量 6分较难34 实验电学万用电表的使用电路故障判断 9分中等34 实验力学机械能守恒定律 9分中等35 计算力学动量守恒能量守恒 18分较难36 计算磁学带电粒子在匀强磁场中的偏转 18分较难试题结构分析（各题型常考的重难点、分值占比、近题型重难点分值占比单选牛顿运动定律 4% 物体平衡 4% 电磁感应 4% 功能转换 4%双选理想气体-等温线 6% 光电效应频率与跃迁 6%三年对比的异同点）试题结构分析（各题型常考的重难点、分值占比、近三年对比的异同点）理想变压器原副线圈的电压、电流和功率关系6%牛顿定律 6% 万有引力与圆周运动 6% 实验电学 9%电压表读书电压表的正确使用电路故障分析力学 9% 弹簧劲度系数计算减小实验误差的方法功能转换实验结论判断计算力学 18% 质点的直线运动相互作用与牛顿运动定律动量守恒能量守恒磁学18%带电粒子在电磁场中的偏转情况的讨论运动轨迹的直径调整与变化试题比较稳定。
主要表现在考点的稳定，突出考查重点知识、主体知识与常规思维，考查的知识点不偏不怪，并且注重考查知识与生活实际的紧密联系。
试题的另一特点是，题意的呈现规范、简约，选择题字数相对较少，减少了阅读量。
第16题，功能关系的考查，把该知识点从力学综合题中分离出来独立成题，使力学综合题过程简化，难度有所降低。
【数学】广东省东莞市2014届高三模拟试题(理).docx
1，因为对一切实数
x，恒有f (x)
0，所以
0，从而得4(a1
a2)2
8
0，所以a1
a2
2.
根据上述证明方法，若
n个正实数满足a12
a22
an2
1时，你能得到的结论
2
为.（不必证明）
x1t
14.(坐标系与参数方程选做题)已知直线l :（t为参数且tR）与曲线
y32t
xcos
C :(是 参 数 且0,2)， 则 直 线l与 曲 线C的 交 点 坐 标
y2 cos2
为.
15.（几何证明选讲选做）如图(4)，AB是半圆的直径，C是AB延长线上一点，CD切半圆于
点D，CD=2，DE⊥AB，垂足为E，且E是OB的中点，则BC的长为．
三、解答题：本大题共6小题，共80分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.
16．（本小题满分
12分）已知f ( x)
2 cosx(
6
)⋯⋯4分，
f (x)的最小正周期T 2
⋯⋯5分
⑵因2 sin(
)
2，sin(
) 1，
2
6
6
⋯⋯6分，
6
6
3
所以
6
2
，
⋯⋯7分，
8
3
4
2
2sin(
)
)
，
⋯⋯8分，
，sin(
5
6
3
6
5
6
6
因4
3
，所以
6
6
2
，cos(
6
)
3
⋯⋯9分，
5
2
5
所以f (
广东省东莞市2014届高三上学期期末调研测试理科综合试题(扫描版).pdf
东莞2013—2014学年度第一学期高三调研测试 理科综合（参考答案） 一、单项选择题在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求选择题在每小题列出的四个选项中，项符合题目要求DACDCAC[BC11121314151617181920BCBBCCADACBDAC2122232425ADBDACBDBC 三、非选择题：（共11小题，共182分） 26．（16分）（除特殊说明外，每空2分。
） （1）类囊体的薄膜(基粒、类囊体) ATP（1分）和[H]（NADPH）实验中自变量的变化应有规律（梯度） 胞间CO2的消耗量减少【小白菜细胞光合作用利用的CO2减少】 下降【降低】（1分） 镉使小白菜叶绿素含量降低（1分），导致光能吸收、传递、 转化不足（1分） 【或导致光反应减弱或从而抑制光合作用（1分）】 （3）镉在低剂量时能促进小白菜的光合作用，超过一定剂量则会抑制 （4）食物链（食物链和食物网得2分，只写食物网不得分） 27．（16分）（除特殊说明外，每空2分。
） （1）常染色体隐性遗传（完整才给分） AaXbY （2）1/4 3/4 （3）产前诊断 可防止夫妇双方从共同祖先处继承相同隐性致病基因，降低子女患隐性遗传病的概率 （4）a 显示出杂交带 28．（16分）（除特殊说明外，每空2分。
） （1） N、P（各1分） S （2）标志重捕 负反馈调节 【反馈调节或自我调节】 （3）群落 能调节生物的种间关系（1分），以维持生态系统的稳定（1分） （4）协调与平衡 时效长、防止二次污染、降低成本（答对任2点均可，只答“防止环境污染”给1分，其它合理答案可酌情给分） 29．（16分）（除特殊说明外，每空2分。
） （1）T细胞（T淋巴细胞） 浆细胞（效应B细胞） （2）(细胞)增殖、(细胞)分化（各1分） 识别和处理病原体（抗原）、呈递抗原（S蛋白） （答对1点得1分，2点得2分） （3）Ⅰ、获取S蛋白的基因（1分），构建（S蛋白基因）基因表达载体（1分） Ⅱ、随机均分为5组（1分），并编号（1分）； Ⅲ、将50μg，100μg，150μg和200μg的基因疫苗（1分），分别注射到不同实验组小鼠体内（1分）； Ⅳ、测定、记录各组抗体效价（1分），并计算平均值（1分）。
2014年东莞市高三物理高考模拟试题(高考备考中心组 东莞中学 李新山 A卷)
高三物理高考模拟试题（高三备考中心组 东莞中学 李新山 提供 A 卷） 一、单项选择题：13．下列说法中不正确的是 DA ．扩散现象表明分子在做永不停息的无规则热运动B ．热机中，燃气的内能不可能全部变为机械能，效率到达百分之百C ．液体表面有收缩的趋势，原因是液体表面层分子的势能比液体内部分子的势能大D ．第一类永动机不可能制造的原因是不符合热力学第二定律 14．下列说法正确的是 BA ．C 146经一次α衰变后成为N 147B ．He 42核由两个中子和两个质子组成C ．温度升高能改变放射性元素的半衰期D ．平衡核反应方程应遵循质子数和中子数守恒15．如图所示，质量为m 、带电荷量为＋q 的小球自A 点以速度v 0水平抛出进入匀强电场，从小球刚进入电场时开始计时，则小球在电场中的运动轨迹不．可能．．是右图中的 D 16．电荷量为3e 的正离子，自匀强磁场a 点如图甲射出，当它运动到b 点时，打中并吸收了原处于静止状态的一个电子，若忽略电子质量，则接下来离子的运动轨迹是 D二、双项选择题17．图中活塞将气缸分成两气室，气缸、活塞（连同拉杆）是绝热的，且气缸不漏气，以E 甲、E 乙分别表示甲、乙两气室中气体的内能，则在用一定的拉力将拉杆缓慢向外拉的过程中（ BD ）A ．E 甲不变，E 乙不变B ．E 甲减小，E 乙增大C ．E 甲与E 乙总量不变D ．E 甲与E 乙总量增加18．质量为m 的探月航天器在距离月球表面高为R 的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动。
已知月球质量为M ，月球半径为R ，月球表面重力加速度为g ，引力常量为G ，不考虑月球自转的影响，则航天器的( AC ) A ．B ．角速度ω=C ．运行周期4T = D ．向心加速度2GMa R = 19．如图所示，直导线处于足够大的匀强磁场中，与磁感线成θ=30°角，导线中通过的电流为I ，为了增大导线所受的安培力，下列四种方法，可行的是 AD A ．增大电流IB ．增加直导线的截面积C ．使导线在纸面内顺时针转30°D ．使导线在纸面内逆时针转60°20．如图甲为一火灾报警系统．其中R 0为定值电阻，R 为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小。
2024年广东省东莞市东莞高级中学物理高三上期中质量跟踪监视模拟试题含解析
2024年广东省东莞市东莞高级中学物理高三上期中质量跟踪监视模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、测得某短跑运动员在100m跑步比赛中5s末的速度为10.4m/s，10s末到达终点的速度是10.2m/s此运动员在这100m中的平均速度为（）A．10.4m/s B．10.3m/sC．10.2m/s D．10m/s2、关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．曲线运动不一定是变速运动B．做曲线运动物体的速度方向保持不变C．物体受到变力作用时就做曲线运动D．做曲线运动的物体受到的合外力可能是恒力3、如图所示预角θ=30°的斜面固定在地面上，长为L、质量为m、粗细均匀、质量分布均匀的软绳AB置于斜面上，与斜面间动摩擦因数32μ=，其A端与斜面顶端平齐，用细绳将质量也为m的物块与软绳连接，给物块向下的初速度使软绳B端到达斜面顶端(此时物块未到达地面)。
在此过程中，不正确的是（）A．软绳上滑19L时速度最小B．软绳重力势能共减少了14mgL，其机械能一定增加C．软绳减少的重力势能一定小于其增加的动能与克服摩擦力所做的功之和D．物块重力势能的减少等于软绳克服摩擦力所做的功与物块动能增加之和4、如图所示，一颗人造卫星原来在椭圆轨道1绕地球E运行，在P点变轨后进入轨道2做匀速圆周运动。
高中高考物理模拟试卷(一)
时遁市安宁阳光实验学校东莞高中高考物理模拟试卷（一）一、单项选择题：本题包括4小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求．选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）（2015•东莞模拟）分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带负电，下板接地．三小球分别落在图中A、B、C三点，则错误的是（）A．A带正电、B不带电、C带负电B．三小球在电场中加速度大小关系是：a A＜a B＜a CC．三小球在电场中运动时间相等D．三小球到达下板时的动能关系是Ek C＞Ek B＞Ek A2．（4分）（2012•一模）某交流发电机给灯泡供电，产生正弦式交变电流的图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率为0.02HzB．交变电流的瞬时表达式为i=5cos50πt（A）C．在t=0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D．若发电机线圈电阻为0.4Ω，则其产生的热功率为5W3．（4分）（2015•东莞模拟）如图所示，在竖直放置的光滑绝缘的半圆形细管的圆心O处放一点电荷，将质量为m、带电量为q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则放于圆心处的电荷在AB弧中点处的电场强度大小为（）A．E=B．E=C．E= D．不能确定4．（4分）（2015•东莞模拟）如图，金属杆ab静放在光滑的水平固定的“U”形金属框上，处于竖直向上的匀强磁场中．现使ab突然获得一向右的初速度v，下列表述正确的是（）A．安培力对ab做正功 B．ab杆将向右匀速运动C．杆中感应电流逐渐减小 D．杆中感应电流保持不变二、双项选择题：本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全选对得6分，只选1个且正确得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）（2015•东莞模拟）A、B两带电小球，质量分别为m A、m B，电荷量分别为q A、q B，用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时A、B两球处于同一水平面．若B对A及A对B的库仑力分别为F A、F B，则下列判断正确的是（）A．F A＜F BB．细线OC的拉力F TC=（m A+m B）gC．细线AC对A的拉力F TA =gD．同时烧断细线AC、BC后，A、B在竖直方向的加速度相同6．（6分）（2013•开封二模）如图所示，铝质的圆筒形管竖直立在水平桌面上，一条形磁铁从铝管的正上方由静止开始下落，然后从管内下落到水平桌面上．已知磁铁下落过程中不与管壁接触，不计空气阻力，下列判断正确的是（）A．磁铁在整个下落过程中做自由落体运动B．磁铁在管内下落过程中机械能守恒C．磁铁在管内下落过程中，铝管对桌面的压力大于铝管的重力D．磁铁在下落过程中动能的增加量小于其重力势能的减少量7．（6分）（2015•东莞模拟）如图，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ，整个装置处于垂直于导轨平面方向的匀强磁场中．质量为m的金属杆ab垂直导轨放置，当杆中通从a 到b的电流I时，ab刚好静止．则（）A．磁场方向垂直于导轨平面向下B．磁场方向垂直于导轨平面向上C．ab受安培力的大小等于mgsinθD．ab受安培力的大小等于mgtanθ8．（6分）（2015•东莞模拟）图甲为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接图乙所示的正弦交流电，图中R t 为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R1为定值电阻．下列说法正确的是（）A．交流电压u的表达式u=36sin100πtB．变压器输入功率与输出功率之比为1：4C．R t处温度升高时，电压表和电流表的示数均变大D．R t处温度升高时，电压表的示数不变而电流表的示数变大9．（6分）（2015•东莞模拟）如图所示，固定在水平面上的光滑平行金属导轨，间距为L，右端接有阻值为R的电阻，空间存在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场．质量为m、电阻为r的导体棒ab与固定弹簧相连，放在导轨上．初始时刻，弹簧恰处于自然长度．给导体棒水平向右的初速度v0，导体棒开始沿导轨往复运动，最终停在初始位置．在此过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．已知导体棒的电阻r与定值电阻R的阻值相等，不计导轨电阻，则下列说法中正确的是（）A．导体棒开始运动的初始时刻受到的安培力向左B．导体棒开始运动的初始时刻导体棒两端的电压U=BLv0C．导体棒开始运动后速度第一次为零时，系统的弹性势能E p =mv02D．在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热Q=mv0210．（10分）（2015•东莞模拟）某实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图甲所示的电路图．请回答下列问题：①按图甲的电路图补充完整图乙中的实物连线．②考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值（选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值．③图甲中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零．原因可能是图甲中的（选填a、b、c、d、e、f）处接触不良．④据实验测得的数据，作出该元件的，I﹣U图线如图丙所示，则元件Q在U=0.8V 时的电阻值是，则元件Q在U=1.6V时的功率是．11．（8分）（2010•江苏）在测量电源的电动势和内阻的实验中，由于所用的电压表（视为理想电压表）的量程较小，某同学设计了如图所示的实物电路．（1）实验时，应先将电阻箱的电阻调到．（选填“最大值”、“最小值”或“任意值”）（2）改变电阻箱的阻值R，分别测出阻值R0=10Ω的定值电阻两端的电压U，下列两组R的取值方案中，比较合理的方案是．（选填“1”或“2”）方案编号电阻箱的阻值R/Ω1 400.0 350.0 300.0 250.0 200.02 80.0 70.0 60.0 50.0 40.0（3）根据实验数据描点，绘出的图象是一条直线．若直线的斜率为k，在坐标轴上的截距为b，则该电源的电动势E= ，内阻r= ．（用k、b和R0表示）12．（18分）（2013•广州三模）如图所示，两平行金属板E、F之间电压为U，两足够长的平行边界MN、PQ区域内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力），由E板处静止释放，经F板上的小孔射出后，垂直进入磁场，且进入磁场时与边界MN成60°角，最终粒子从边界MN离开磁场．求：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径r；（2）两边界MN、PQ的最小距离d；（3）粒子在磁场中运动的时间t．13．（18分）（2015•东莞模拟）如图所示，一个面积为S电阻为R的圆形导线框内有一匀强磁场，磁场方向垂直于导线框所在平面，导线框的右端通过导线接一对水平放置的平行金属板，两板间的距离为d．在t=0时，圆形导线框中的磁感应强度B从B0开始均匀增大；同时，有一质量为m、电量绝对值为q的液滴以初速度v0水平向右射入两板间（该液滴可视为质点）．该液滴恰能从两板间作匀速直线运动，然后液滴在电场强度大小恒定方向未知、磁感应强度为B1、宽为L的复合场中恰好做匀速圆周周运动．求：（1）试判断液滴带何种电荷？圆形导线中磁感应强度随时间的变化率K=？（2）（重力场、电场、磁场）复合场中的电场强度方向如何？大小如何？（3）该液滴离开复合场时，偏离原方向的距离．东莞高中高考物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、单项选择题：本题包括4小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求．选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）（2015•东莞模拟）分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带负电，下板接地．三小球分别落在图中A、B、C三点，则错误的是（）A．A带正电、B不带电、C带负电B．三小球在电场中加速度大小关系是：a A＜a B＜a CC．三小球在电场中运动时间相等D．三小球到达下板时的动能关系是Ek C＞Ek B＞Ek A考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：三个小球在电场中做平抛运动或类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动．由图看出水平位移的关系，比较运动时间关系．竖直位移大小相等，根据牛顿第二定律和位移公式分析加速度关系，判断三个小球的电性．根据动能定理分析三小球到达下板时的动能关系．解答：解：A、B、C三个小球在水平方向都做匀速直线运动，由图看出水平位移关系是：x A＞x B＞x C．三个小球水平速度v0相同，由x=v0t得，运动时间关系是：t A＞t B ＞t C．竖直方向上三个小球都做匀加速直线运动，由图看出竖直位移y大小相等，由y=得到加速度关系为：a A＜a B＜a C．根据牛顿第二定律得到合力关系为：F A＜F B＜F C，三个小球重力相同，而平行金属板上板带负极，可以判断出来A带正电、B不带电、C带负电．故AB正确，C错误．D、三个小球所受合力方向都竖直向下，都做正功，竖直位移大小相等，而合力F A＜F B＜F C，则合力做功大小关系为：W A＜W B＜W C，根据动能定理得，三小球到达下板时的动能关系是E kC＞E kB＞E kA．故D正确．本题选错误的，故选C点评：类平抛运动和平抛运动研究的方法相似，都可运用运动的合成与分解方法研究，只是两种运动加速度不同．本题要根据轨迹直接看出两个方向位移的关系，这是分析其他量关系的基础．2．（4分）（2012•一模）某交流发电机给灯泡供电，产生正弦式交变电流的图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率为0.02HzB．交变电流的瞬时表达式为i=5cos50πt（A）C．在t=0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D．若发电机线圈电阻为0.4Ω，则其产生的热功率为5W考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，即可求得结论．解答：解：A、由图象可知，交流电的周期为20×10﹣3s，所以交流电的频率为f==50Hz，所以A错误；B、根据图象可得，交变电流的瞬时表达式为i=Acosωt=5cos100πt（A），所以B错误；C、在t=0.01s时，感应电流最大，所以此时穿过交流发电机线圈的磁通量的变化率最大，穿过交流发电机线圈的磁通量最小，所以C错误；D、交流电的有效值为I==A，所以发电机的发热功率为P=I2r=×0.4W=5W，所以D正确．故选D．点评：解决本题的关键就是有电流的瞬时值表达式求得原线圈中电流的最大值，进而求得原线圈的电流的有效值的大小．3．（4分）（2015•东莞模拟）如图所示，在竖直放置的光滑绝缘的半圆形细管的圆心O处放一点电荷，将质量为m、带电量为q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则放于圆心处的电荷在AB弧中点处的电场强度大小为（）A．E=B．E=C．E= D．不能确定考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：小球沿细管滑到最低点B过程中，电场力对小球不做功，只有重力做功，小球的机械能守恒．小球到达B点时对管壁恰好无压力，则由重力和点电荷对的电场力的合力提供向心力，根据机械能守恒定律求出小球到达B点时的速度，再由牛顿第二定律求出场强的大小．解答：解：设细管的半径为R，小球到达B点时速度大小为v．小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得，mgR=mv2得到：v=小球经过B点时，由牛顿第二定律得：Eq﹣mg=m，将v=代入得：E=放于圆心处的电荷在AB弧中点处的电场强度大小也为E=．故选：C点评：本题是机械能守恒定律和牛顿第二定律的综合应用．对于圆周运动，常常不单独出题，会和动能定理、机械能守恒结合应用．4．（4分）（2015•东莞模拟）如图，金属杆ab静放在光滑的水平固定的“U”形金属框上，处于竖直向上的匀强磁场中．现使ab突然获得一向右的初速度v，下列表述正确的是（）A．安培力对ab做正功 B．ab杆将向右匀速运动C．杆中感应电流逐渐减小 D．杆中感应电流保持不变考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：ab棒突然获得一初速度，切割磁感线，产生感应电动势，产生感应电流，受到向左的安培力，做变减速运动；根据E=BLv和I=判断感应电流的变化．解答：解：A、B、ab棒突然获得一初速度，切割磁感线，产生感应电动势，形成感应电流，根据楞次定律，来拒去留，受向左的安培力，故安培力做负功，故A错误；C、D、由于安培力做负功，故棒做减速运动；根据E=BLv和I=，有：I=；由于速度减小，故感应电流逐渐减小，故C正确，BD错误；故选：C．点评：本题主要根据楞次定律判断安培力方向，根据公式E=BLv和I=判断感应电流大小的变化情况，基础题．二、双项选择题：本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全选对得6分，只选1个且正确得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）（2015•东莞模拟）A、B两带电小球，质量分别为m A、m B，电荷量分别为q A、q B，用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时A、B两球处于同一水平面．若B对A及A对B的库仑力分别为F A、F B，则下列判断正确的是（）A．F A＜F BB．细线OC的拉力F TC=（m A+m B）gC．细线AC对A的拉力F TA =gD．同时烧断细线AC、BC后，A、B在竖直方向的加速度相同考点：库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：设两个球间的静电力为F，分别对两个球受力分析，求解重力表达式后比较质量大小；根据整体法来确定细线的拉力，并由牛顿第二定律则可判定细线烧断后各自的运动情况．解答：解：A、对小球A受力分析，受重力、静电力、拉力，如图根据平衡条件，则有，两球间的库仑力是作用力与反作用力，一定相等，与两个球是否带电量相等无关，故A错误；有：m A g=T A cos30° 因此：T A =m A g，故C错误；B、由整体法可知，细线的拉力等于两球的重力，故B正确；D、同时烧断AC、BC细线后，A、B在竖直方向重力不变，所以加速度相同，故D正确；故选：BD．点评：本题关键分别对两个小球受力分析，然后根据平衡条件列方程；再结合库仑定律列方程分析求解．6．（6分）（2013•开封二模）如图所示，铝质的圆筒形管竖直立在水平桌面上，一条形磁铁从铝管的正上方由静止开始下落，然后从管内下落到水平桌面上．已知磁铁下落过程中不与管壁接触，不计空气阻力，下列判断正确的是（）A．磁铁在整个下落过程中做自由落体运动B．磁铁在管内下落过程中机械能守恒C．磁铁在管内下落过程中，铝管对桌面的压力大于铝管的重力D．磁铁在下落过程中动能的增加量小于其重力势能的减少量考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：条形磁铁通过铝管时，导致铝管的磁通量发生变化，从而产生感应电流，产生的感应磁场阻碍原磁场磁通量的变化，导致条形磁铁受到一定阻力，因而机械能不守恒；根据楞次定律得出铝管对桌面的压力大于铝管的重力．解答：解：A、B磁铁在铝管中运动的过程中，铝管的磁通量发生变化，产生感应电流，磁铁受到向上的安培力的阻碍，铝管中产生热能，所以磁铁的机械能不守恒，磁铁做的是非自由落体运动，故A、B错误．C、磁铁在整个下落过程中，由楞次定律：来拒去留，可知，铝管受到的安培力向下，则铝管对桌面的压力大于铝管的重力，故C正确；D、磁铁在整个下落过程中，除重力做功外，还有安培力做负功，导致减小的重力势能，部分转化动能外，还有产生内能．所以根据能量转化和守恒定律可知：磁铁在下落过程中动能的增加量小于其重力势能的减少量．故D正确；故选：CD点评：对于楞次定律可这样来理解安培力：来拒去留，当强磁铁过来时，就拒绝它；当离开时就挽留它．并涉及机械能守恒的条件，同时考查能量守恒关系．7．（6分）（2015•东莞模拟）如图，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ，整个装置处于垂直于导轨平面方向的匀强磁场中．质量为m的金属杆ab垂直导轨放置，当杆中通从a 到b的电流I时，ab刚好静止．则（）A．磁场方向垂直于导轨平面向下B．磁场方向垂直于导轨平面向上C．ab受安培力的大小等于mgsinθD．ab受安培力的大小等于mgtanθ考点：安培力．分析：金属棒静止，金属棒处于平衡状态，所受合力为零，对金属棒进行受力分析，根据平衡条件及左手定则分析解答：解：A、磁场方向若垂直于导轨平面向下，导体棒受重力、支持力和水平向左的安培力，三个力的合力不可能为零，所以金属板不可以静止．故A 错误．B、磁场的方向若垂直于导轨平面向上，则安培力的方向沿导轨向上，受重力、支持力和安培力平衡．故B正确．C、根据受力平衡可得：安培力F=mgsinθ，所以C正确，D错误；故选：BC．点评：金属棒静止处于平衡状态，所受合力为零，对金属棒正确受力分析，熟练应用左手定则是正确解题的关键．8．（6分）（2015•东莞模拟）图甲为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接图乙所示的正弦交流电，图中R t 为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R1为定值电阻．下列说法正确的是（）A．交流电压u的表达式u=36sin100πtB．变压器输入功率与输出功率之比为1：4C．R t处温度升高时，电压表和电流表的示数均变大D．R t处温度升高时，电压表的示数不变而电流表的示数变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：由图乙可知交流电压最大值，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值，则可得交流电压u的表达式、由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，Rt处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流解答：解：A、由图乙可知交流电压最大值U m =36V，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值为100π，则可得交流电压u的表达式U=36sin100πtV，故A正确；B、变压器输入、输出功率之比为1：1，故B错误；C、R t处温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大，电压由输入电压和匝数比决定，所以电压表示数不变，故C错误D正确；故选：AD点评：根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键9．（6分）（2015•东莞模拟）如图所示，固定在水平面上的光滑平行金属导轨，间距为L，右端接有阻值为R的电阻，空间存在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场．质量为m、电阻为r的导体棒ab与固定弹簧相连，放在导轨上．初始时刻，弹簧恰处于自然长度．给导体棒水平向右的初速度v0，导体棒开始沿导轨往复运动，最终停在初始位置．在此过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．已知导体棒的电阻r与定值电阻R的阻值相等，不计导轨电阻，则下列说法中正确的是（）A．导体棒开始运动的初始时刻受到的安培力向左B．导体棒开始运动的初始时刻导体棒两端的电压U=BLv0C．导体棒开始运动后速度第一次为零时，系统的弹性势能E p =mv02D．在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热Q=mv02考点：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据右手定则判断出初始时刻感应电流的方向，再根据左手定则判断出安培力的方向；由E=BLv0和欧姆定律求解导体棒两端的电压；导体棒运动过程中，产生电能，根据功能关系分析导体棒开始运动后速度第一次为零时系统的弹性势能；根据能量守恒求解在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热．解答：解：A、导体棒开始运动的初始时刻，由右手定则判断可知：ab中产生的感应电流方向从a→b，由左手定则判断得知ab棒受到的安培力向左，故A正确．B、导体棒开始运动的初始时刻，ab棒产生的感应电势为E=BLv0．由于r=R，所以导体棒两端的电压U=E=BLv0．故B错误．C、由于导体棒运动过程中产生电能，所以导体棒开始运动后速度第一次为零时，根据能量守恒定律得知：系统的弹性势能小于．故C错误．D、金属棒最终会停在初始位置，在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热 Q==，故D正确．故选：AD点评：弄清运动过程中能量如何转化，并应用能量转化和守恒定律分析解决问题是此题关键，当然右手定则和安培定则也熟练运用．10．（10分）（2015•东莞模拟）某实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图甲所示的电路图．请回答下列问题：①按图甲的电路图补充完整图乙中的实物连线．②考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值．③图甲中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零．原因可能是图甲中的f （选填a、b 、c 、d、e、f）处接触不良．④据实验测得的数据，作出该元件的，I﹣U图线如图丙所示，则元件Q在U=0.8V 时的电阻值是16Ω，则元件Q在U=1.6V时的功率是0.32W ．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：（1）根据原理图可知电路的连接方式，则在实物图中先串联一个支路，再将测量电路并联在滑动变阻器的一部分两端；（2）误差来自于电表的内阻影响，分析两表的示数变化可知误差；（3）电路中有电流存在，说明电路和电源相连；但起不到分压作用，则可知故障位置；（4）由得出的图象分析对应的电流值，则由欧姆定律可求得电流，由功率公式即可求得功率．解答：解：①由原理图可知，滑动变阻器采用了分压接法，即先将下面两个固定的接线柱接在电源两端；再将用电器的一端接在上面任意一个接线柱上，另一端接到下面任意一个接线柱上；同时电流表采用外接法，注意电表的正极流入；实物图如图；②电流表外接时，通过元件的电流值的测量值大于真实值；根据R=可知，该元件的电阻的测量值小于真实值；③由题意可知，电流与电源应相连，不能调节到零说明滑动变阻器起不到分压作用，故应是f点接触不良造成的；④由得出的图象可知，U=0.8V时，电流I=0.05A；故电阻R===16Ω；1.6V时的电流为0.2A；故功率P=UI=1.6×0.2=0.32W；故答案为：①如图；②小于；③f；④16Ω、0.32W．点评：应明确：①进行伏安法测电阻的误差方向时，只要写出待测电阻的测量值与真实值的表达式即可求解；②变阻器采用分压式接法时，电压表或电流表的示数可以从零调；③分析图象的斜率时，应根据需要的物理规律写出纵轴物理量与横轴物理量的表达式，然后再讨论斜率的物理意义即可11．（8分）（2010•江苏）在测量电源的电动势和内阻的实验中，由于所用的电压表（视为理想电压表）的量程较小，某同学设计了如图所示的实物电路．（1）实验时，应先将电阻箱的电阻调到最大值．（选填“最大值”、“最小值”或“任意值”）（2）改变电阻箱的阻值R，分别测出阻值R0=10Ω的定值电阻两端的电压U，下列两组R的取值方案中，比较合理的方案是 2 ．（选填“1”或“2”）方案编号电阻箱的阻值R/Ω。
东莞高级中学高三物理普通高等学校招生摸拟考试
2008柳第一卷（48分）一、本题共12小题，共48分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个正确答案，有的小题有多个正确选项。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分。
1、朝鲜的“核危机”在六方会谈下，取得了一定的进展，其中有个焦点问题就是朝鲜核电站采用轻水堆还是重水堆，重水堆核电站在发电的同时还可以生产出可供研制核武器的钚239（23994Pu），这种23994Pu可由铀239（23992U）经过n次β衰变而产生，则n为（）A.2B.4C. 92D. 1452、2005年被联合国定为“世界物理年”，以表彰爱因斯坦对科学的贡献．爱因斯坦对物理学的贡献有（）A.创立“相对论”B.发现“X射线”C.提出“光子说”D.建立“原子核式模型”3、一只小船在静水中的速度大小始终为5m/s，它在流速为3m/s的河中航行时，河岸上的人测量到小船实际航速的大小可能是（）A．1m/s B．3m/s C．8m/s D．10m/s4、如图所示，甲、乙两节车厢质量相等，两个同学玩捉迷藏游戏时，有一同学躲在某节车厢里牵拉系在另一车厢上的绳子，使两车靠近。
设绳子质量不计，两车厢与水平轨道间的摩擦不计。
站在地面上的同学若要判断哪节车厢里面有人，下列依据正确的是（）A．根据绳子拉力大小，拉力大的一端车厢里面有人B．根据运动的先后，后运动的车厢里面有人C．根据同一时刻运动的快慢，运动慢的车厢里面有人D．根据同一时刻运动的快慢，运动快的车厢里面有人5、下列说法正确的是( )A．当氢原子从n=2的状态跃迁到n=6的状态时，辐射出光子B．放射性元素的半衰期是指大量该元素的原子核中有半数发生衰变需要的时间C．同一元素的两种同位素具有相同的中子数D．中子与质子结合成氘核时吸收能量6、节日装饰用的小彩灯是串联后接在220V电源上的，每一串足有数十个．奇怪的是当其中有一或两个灯的灯丝断了，其余灯却仍然亮着．小明仔细观察了灯的结构后发现，每个灯的灯丝(R1)引线上方均绕有金属电阻(R2)，形成一个并联分路，如图所示．下列说法正确的是（）A、R1>>R2B、R2>>R1C、R1≈R2D、若某一灯丝R1断了，则其余灯都要变亮7、一辆警车在平直的公路上以40m/s的速度行驶，若到达某地时的速度也为40m/s，有三种行进方式：a一直匀速直线运动；b先减速再加速；c先加速再减速，则先到达的是（）A ．a 种方式B ．b 种方式C ．c 种方式D ．条件不足，无法确定 8．如图所示，斜面体A 静止在水平地面上，物块B 在水平推力F 作用下静止在A 的斜面上，B 与A 之间的摩擦力大小为f 1，A 与地面间的静摩擦力大小为f 2，若减小水平推力F 的大小而A 与B 均保持静止，则f 1与f 2的变化情况是（ ） A ．f 1一定变小，f 2可能变小 B ．f 1可能变大，f 2一定变小C ．f 1一定变小，f 2一定变小D ．f 1一定变小，f 2可能变大 9．如图所示，绝缘细线拴住一带负电的小球，在方向竖直向下的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2014年东莞市高三物理高考模拟试题（高考备考中心组东莞高级中学卢锦亮A卷）13．民间常用“拔火罐”来治疗某些疾病，方法是将点燃的纸片放入一个小罐内，当纸片燃烧完时，迅速将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐就会紧紧地被“吸”在皮肤上。
其原因是，当火罐内的气体A．温度不变时，体积减小，压强增大B．体积不变时，温度降低，压强减小C．压强不变时，温度降低，体积减小D．质量不变时，压强增大，体积减小14．冬天有这样的现象：剩有半瓶水的热水瓶经过一个夜晚，第二天拔瓶口的软木塞时不易拔出来，主要原因是瓶内气体A．温度不变，体积减小，压强增大B．体积不变，温度降低，压强减小C．温度降低，体积减小，压强不变 D．质量不变，体积减小，压强增大15．右图为远距离输电的电路原理图，则下列判断正确的是A．U1>U2B．U2=U3C．I4 < I2D．I1 > I216．如图所示为一物体沿南北方向（规定向北为正方向）做直线运动的tv 图像，由图可知A.3s末物体回到初始位置B.3s末物体的加速度方向将发生变化C.物体所收合外力的方向一直向北D.物体所收合外力的方向一直向南二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分。
每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求。
全选对得6分，只选1个且正确得3分，有选错或不答的得0分。
17. 按照玻尔原子理论，下列表述正确是A．核外电子运行轨道半径可取任意值B．氢原子中的电子离原子核越远，氢原子的能量越大C．电子跃迁时，辐射或吸收光子的能量由能级的能量差决定，即hν=|E m- E n|D．氢原子从激发态向基态跃迁的过程，可能辐射能量，也可能吸收能量18.用一水平拉力使质量为m的物体从静止开始沿粗糙的水平面运动，物体的v-t图象如图所示．下列表述正确的是A．在0-t1时间内拉力逐惭减少B．在0-t1时间内物体做曲线运动C．在t1-t2时间内拉力的功率不为零D ．在t 1-t 2时间内合外力做功221mv 19. 如图为磁流体发电机的原理图，等离子体束（含有正、负离子）以某一速度垂直喷射入由一对磁极CD 产生的匀强磁场中，A 、B 是一对平行于磁场放置的金属板．稳定后电流表中的电流从“+”极流向“-”极，由此可知A . D 磁极为N 极B . 正离子向B 板偏转C . 负离子向D 磁极偏转D . 离子在磁场中偏转过程洛仑兹力对其不做功20．如图，真空中有一个边长为L 的正方体，正方体的两个顶点M 、N 处分别放置一对电荷量都为q 的正、负点电荷．图中的a 、b 、c 、d 是其它的四个顶点，k 为静电力常量，下列表述正确是A . M 、N 点电荷间的库仑力大小为222Lq k F = B . c 、d 两点电势相等C . a 、b 两点电场强度大小相等D . a 点电势高于b 点电势21. 如图，吊车以v 1速度沿水平直线匀速行驶，同时以v 2速度收拢绳索提升物体时，下列表述正确是A . 物体的实际运动速度为v 1+ v 2B . 物体的实际运动速度为2221v v + C . 物体相对地面做曲线运动 D . 绳索保持竖直状态三、非选择题：本题包括11小题，共182分。
按题目要求作答。
解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
34．（1）①某同学设计了一个探究小车的加速度a 与小车所受拉力F 及质量m 关系的实验，图中（甲）为实验装置简图。
他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为下列说法中正确的是 （选填字母代号）. A ．实验时要平衡摩擦力 B ．实验时不需要平衡摩擦力C ．钩码的重力要远小于小车的总重力D ．实验进行时应先释放小车再接通电源 ②如图（乙）所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A 、B 、C 、D 、E 是计数点(每打5个点取一个计数点)，其中L 1=3.07cm, L 2=12.38cm, L 3=27.87cm, L 4=49.62cm 。
则打C 点时小车的速度为 m/s ，小车的加速度是 m/s 2。
(计算结果均保留三位有效数字)cdMN+DC– +v 2（甲）（乙）（2）(10分)某同学想测出某种圆柱形材料的电阻率，实验电路如图甲所示． ①用螺旋测微器测量其直径d ，结果如图乙，则d = mm ． ②请在图丙中完成实物图的电路连接．③若电压表V 1示数为U 1，内阻为R v1，电压表V 2示数为U 2，设该材料的长为L ，直径为d ，由以上实验数据得出材料电阻率的表达式为 ．④在实验过程中，已知各元件均完好，但闭合电键后，调节滑动触头P 至最左端a 时发现V 1 和V 2示数都不为零，原因是滑动变阻器的 端（a 或b ）的导线没连接好．35．（18分）如图甲，圆形玻璃平板半径为r ，离水平地面的高度为h ，一质量为m 的小木块放置在玻璃板的边缘，随玻璃板一起绕圆心O 在水平面内做匀速圆周运动． （1）若匀速圆周运动的周期为T ，求木块的线速度和所受摩擦力的大小．（2）缓慢增大玻璃板的转速，最后木块沿玻璃板边缘的切线方向水平飞出，落地点与通过圆心O 的竖直线间的距离为s ，俯视图如图乙．不计空气阻力，重力加速度为g ，试求木块落地前瞬间的动能.36. 如图所示，高度相同质量均为Kg m 1.0 的带电绝缘滑板A 及绝缘滑板B 置于水平面上，图甲图乙+甲丙乙 a b51015 abA 的带电量C q 01.0=，它们的间距m S 34=。
质量为Kg M 3.0=，大小可忽略的物块C 放置于B 的左端。
C 与A 之间的动摩擦因数为1.01=μ，A 与水平面之间的动摩擦因数为2.02=μ，B 的上、下表面光滑，最大静摩擦力可以认为等于滑动摩擦力,。
开始时三个物体处于静止状态。
现在空间加一水平向右电场强度为C N E /80=的匀强电场，假定A 、B 碰撞时间极短且无电荷转移，碰后共速但不粘连。
求： （1）A 与B 相碰前的速度为多大;（2）要使C 刚好不脱离滑板，滑板的长度应为多少； (3)在满足(2)的条件下,求最终AB 的距离。
高考物理模拟试题参考答案一、选择题：（每小题4分，共16分） 13.C 14.B 15.D16. C 二、双选题：（每小题6分，共30分） 17.BC18.AC 19.AD 20. AC 21.BD 三、非选择题： 34.（18分）参考解答：(1) （1）①A 、C (2分，选对一个的给1分，有错选或不答的得0分)② 1.24 (2分) 6.22 (2分)（2）①4.593（4.591～4.595都可得分）（2分） ②如图所示，有一处连接错误不给分. （3分） ③12211()4Vd U U R U Lπ-（3分）④ a （2分） 35．（18分）参考解答：（1）根据匀速圆周运动的规律可得木块的线速度大小Trv π2=①（4分） 木块所受摩擦力等于木块做匀速圆周运动的向心力r Tm F f 2)2(π= ②（4分） （2）木块脱离玻璃板后在在竖直方向上做自由落体运动，有 221gt h =③（2分） 在水平方向上做匀速运动，水平位移vt x = ④（2分）x 与距离s 、半径r 的关系222x r s += ⑤（2分） 木块从抛出到落地前机械能守恒，得 m g h mv E kt +=221 ⑥（2分） 由以上各式解得木块落地前瞬间的动能)4(22h hr s mg E kt +-= ⑦（2分）36.（1）A 与B 相撞之前由动能定理：2221)(mv S mg qE =-μ 2分 得S mmg qE v )(220μ-=2分代入数据得：s m v /40= 2分 (2).A 与B 相碰后速度为1v由动量守恒定律：10)(v m m mv +=s m v v /221==2分 C 在A 上滑行时，A 、B 分离，B 做匀速运动 A 与地面的摩擦力N g M m f 8.0)22=+=（μ A 受到的电场力N qE F 8.0==故A 、C 系统动量守恒定律， 1分 当C 刚好滑到A 左端时共速2v 由动量守恒定律：21)(v M m mv += 得s m Mm mv v /5.012=+=1分设A 长度为L 则由能量守恒定律有:22211)(2121v m M mv MgL +-=μ 2分得Mgv m M mv L 12221)(2121μ+-= 代入数据得m L 5.0= 1分 (用其它方法求解正确也给分) (3).对C 由牛顿第二定律可知:Ma Mg =1μ得21/1s m MMga ==μ 1分加速时间为s a v t 5.015.02=== 1分0.5s 内A 的位移m t v v S A 625.0221=+= 1分0.5s 内B 的位移m t v S B 11== 1分所以两者以后距离关系式为tt v v S S x A B 5.1375.0)(21+=-+-= 1分。