2019高一期末复习试卷

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人教版2019学年高一期末数学试卷及答案(共10套 )

人教版2019学年高一期末数学试卷及答案(共10套 )

人教版2019学年高一数学期末试卷(一)一、选择题(共50分,每小题5分,每小题只有一个正确答案) 1、已知集合M={}1,2,x ,N={}21,x ,且M N=M ,则实数x 的不同取值个数为( )A 、1B 、2C 、3D 、4 2、对n N *∈,2111n n n na a a a +++-=-是数列{}n a 成等差数列的( )A 、充分不必要条件B 、必要不充分条件C 、充要条件D 、既不充分也不必要条件 3、在等比数例{}n a 中,281,9a a ==,则5a 的值为( ) A 、5 B 、3 C 、-3 D 、±34、已知等差数列{}n a 的前n 项和n S 满足362,6S S ==,则131415a a a ++=( )A 、10B 、18C 、30D 、325、已知函数2()4,[0,1]f x x x a x =-++∈,若()f x 的最小值为-2,则()f x 的最大值为( )A 、-1B 、0C 、1D 、2 6、下列表达式中哪一个是y x 关于的函数( ) A、y = B、y =C、y D 、2y x = 7、正数等比数列{}n a 中,128981a a a a =,则267a a 的值为( )A 、3B 、9C 、81 D8、已知1>a ,函数a x y +=与()1log +=x y a 的图象为( )A B C D 9、计算2log 8log 39的值为( ) A 、4log 3 B 、23 C 、32 D 、2log3 10、数列1111,,,132435(2)n n ⨯⨯⨯+的前9项和为( )A 、511 B 、1011 C 、3655 D 、7255二、填空题(共24分,每小题4分)11、已知等比数列的前n 项和123n n S k +=⨯+,则k = 。

12.已知两个等差数列{n a },{n b }的前n 项和分别为n S ,n T ,且n nS T =723n n -+(*n N ∈),则nna b = 。

2019年高一语文期末试卷及答案

2019年高一语文期末试卷及答案

高一期末考试语文试卷一、语文基础知识(每小题2分,共22分)1.下列加点的字读音正确的一组是()A.袅娜(nuó) 供养(gòng) 芰荷(jì) 淇水汤汤(shāng)B.溘死(kè) 角色(jué) 吐哺(bǔ) 否极泰来(pǐ)C.三匝(zhā) 垝垣(guǐ) 纤细(qiān) 丢三落四(là)D.敛裾(jū) 赍钱(jī) 一椽(chuán) 渐车帷裳(jiàn)2.下列词语书写完全正确的一组是()A.踱步歧韵谣诼忍尤攘垢 B.杂揉愆期偕老沧海桑田C.纨素和协岌岌惠风和畅 D.踯躅阡陌守拙没精打采3.下列句子中成语使用正确的一组是()A. 英国的一项科学研究显示,播放一些古典音乐能促使食客情不自禁地慷慨解囊....,有助于增加酒店的收入。

B. 长期以来,市民对日益堵塞的交通怨言颇多。

但市民在怨天尤人的同时,能否深刻反思自己是否有过对红灯视而不见,横穿马路,跨越防护栏等太不可理喻....的行为。

C.要想让中国传统戏曲焕发出新的生命力,决不能满足于现状,抱残守缺....,唯有创新才是弘扬戏曲文化的康庄大道。

D.世博会开园以来,吸引了国内外大量的游客,每天参观人数不绝如缕....,截至10月31日21时,累计检票入园7308.4万人次。

4.下列各句中没有语病的一组是()A.中央台《焦点访谈》等舆论监督节目不仅成为我国扩大民主的一个标志,而且成为央视新时期新闻改革的一大突破。

B.有人认为《中国汉字听写大会》听写的字词古怪生僻,有故意刁难人的嫌疑;但更多的人则认为这种比赛有助于拯救汉字危机,弘扬中华文化。

C.随着打车软件“滴滴打车”通过微信支付车费优惠额度的增加,微信支付和支付宝的“撒钱”大战再次升级,造成的直接后果是导致微信支付系统暂时瘫痪。

D.《中国好歌曲》因原创而备受关注。

尤其是微博上霍尊的《卷珠帘》视频,受欢迎程度十分惊人,在不到24小时的时间里被转发超过了6万次以上。

2019年高一语文下学期期末试卷(含答案)

2019年高一语文下学期期末试卷(含答案)

一、现代文阅读(9分,每小题3分)阅读下面的文字,完成1~3题《红楼梦》和中华文化周汝昌《红楼梦》以前的章回体“稗官”“野史”绝无如此弘广深厚的文化内涵容量,曹雪芹以前的作者群,也不曾有过像他这般才情灵慧的大手笔:两者凑泊,形成了诞生这部伟大的文化小说的历史条件,正所谓前无史例,后继为难。

那么,这部小说究竟继承和发展了中华文化的哪些精髓、何等光芒呢?简要而言,有两条主脉,贯串了全书。

这两条主脉,并非我辈读者的臆想创说,实由作者自己明文提醒,即:一干裙钗、几个异样女子的“小才微善”。

一部大书的主题眼目,豁然尽展于此。

作者的文风,语淡而意蕴,然其含蕴至丰。

吾人须知:一“才”一“善”,便是雪芹对我中华文化这精髓命脉的最经济的简括和深识。

才是什么?一般理解大抵以为是指“文才”“诗才”,在《红楼梦》而言更是如此“无疑”的事意。

其实这是看错了。

试看:一、“无才可去补苍天”——石头二、“才自精明志自高”——探春三、“都知爱慕此生才”——凤姐四、“试才题对额”——宝玉五、“才选凤藻宫”——元春六、“才华阜比仙”——妙玉这些例中,只有宝玉所试之“才”实指文才,其余诸人,皆非此一狭义可限。

最明显的是探、凤二例,凤是今之所谓“文盲”,其才与诗文了无干涉。

元春入选,明言是由“贤德”。

妙玉的才,以仙为喻,亦非仅指能诗而已。

这样一说,则《红楼梦》所重之才,所包甚为广博。

原来,“才”是中华大文化中的一项至关重要的节目,是中华民族对客观世界的一种高层次的认识感悟。

在《易经》的《说卦》中就已提出了天之道,地之道,人之道——是谓“三才”的理念。

三才概括了宇宙万物和人类的体性功能、生机动力,而人居三者之中,为“天地之心”,独占“性灵”之位。

这也就是“天人合一”的哲思的另一逻辑形式。

天之才,表现为风云雷电,节序光阴。

地之才,表现为山川动植,品类众生。

人之才,则表现为智慧聪明,情思才干。

所谓“天人合一”,实即“天人本一”,人也是天的一部分,也是天的精华体现。

2019高中一年级语文期末试题和答案解析

2019高中一年级语文期末试题和答案解析

2019高中一年级语文期末试题和答案解析高一语文1、本试卷分为三大部分;第一部分为模块考查;第二部分为拓展练习;第三部分为作文;2、第一部分选择题请填涂在答题卡上;其余部分请用钢笔或圆珠笔直接将答案写在答题卡和作文纸上;考试结束;收答题卡和作文纸;3、答题前请将姓名、班级和考号填写在答题纸和作文纸的相应位置;不填写姓名、考号或字迹不清者酌情扣分;4、本试卷满分150分;考试时间为150分钟。

第一部分(模块考查共40分)一、基础知识(每题3分;共15分)1、下列各项中;字音和字形.....都正确的一项是()A.氓(méng)隶脸颊(xiá)暗然流血漂橹B.朱拓(tà)咀( jǔ)嚼(jiáo)褴缕万乘之势C.逡(qūn)巡(xún)踌(chóu)躇(z hú)竦然翁牖绳枢D.呜咽(yè)牲( shēng )醴( lǐ)踉跄瘐毙2、依次填入下列各句横线处的词语;最恰当的一组是()①这本辞典虽然有一些缺页;是珍本。

②会议将举手表决的方式;选出新的主席团领导。

③如果仅仅因为看了一下时下比较流行的武打、言情的小说或影视后;就一味地盲目地去模仿作品的人物过激行为;这只能说明这些读者是没有一定能力的。

A.毕竟沿用鉴赏 B.毕竟采用鉴别C.究竟沿用鉴别 D.究竟采用鉴赏3、下列句子中加点成语的使用;不恰当的一项是()A.亚洲四强赛上;中国队的表现可圈可点....;不但战平了日本;还历史性地终结了盘桓32年之久的“恐韩症”。

B. 尽管乙肝病毒感染可以有效防治;但仍有一些人对乙肝谈虎色变....;使得乙肝病毒携带者就业困难。

C. 成都叫停“奥数”等用来规范办学的举措;曾引起过广泛的争议;如今终于尘埃落定....得到了有效实施。

D. “两会”上;大家认为无关现实痛痒的议案应该少提;把难能可贵....的时间让位给老百姓最关注的议题。

4、下列各句中;没有语病的一项是()A.今后五年是全面建设小康社会的关键时期;我们要坚定信心;埋头苦干;为全面建成惠及十几亿人口的更高水平的小康社会打下更加牢固的基础。

高一化学期末试卷(含答案)

高一化学期末试卷(含答案)

2019年高一化学期末试卷(含答案)距离期末考试越来越近了,大家是不是都在惊慌的复习中呢?查字典化学网编辑了2019年高一化学期末试卷,希望对您有所帮助!相对原子质量H:1 C:12 N:14 O:16 Na:23 Mg:24 Al:27 S:32 Cl:35.5 Fe:56 Si:28 Cu:64第Ⅰ卷(选择题:共65分)一、选择题(每道小题只有一个选项符合答案,1-10每小题2分,11-25每小题3分,共65分)1.氯在自然界以化合物形态存在,18世纪70年头,首先发觉并制得氯气的化学家是A.汤姆生B.舍勒C.阿伏加德罗D.卢瑟福2.下列关于硅酸盐工业的叙述正确的是A.一般玻璃的主要成分可以表示为Na2O?CaO?6SiO2,说明玻璃为纯净物B.陶瓷、玻璃、水泥都属于硅酸盐产品C.制玻璃、水泥时都用到了石灰石和黏土D.制玻璃的过程中发生了反应:Na2CO3+SiO2 Na2SiO3+CO2↑ ,说明酸性:H2SiO3>H2CO33.有BaCl2和NaCl的混合溶液2.0L,将它平均分成两份。

一份滴加稀硫酸,使Ba2+离子完全沉淀;另一份滴加AgNO3溶液,使Cl—离子完全沉淀。

反应中消耗0.5mol H2SO4、2.0mol AgNO3。

据此得知原混合溶液中的c(Na+)为( )A.0.5 mol?L-1B.0.75 mol?L-1C.1.5 mol?L-1D.1.0 mol?L-14.用NaCl固体配制0.1 mol?L-1的NaCl溶液,下列操作或说法正确的是A.将5.85gNaCl固体溶于1 L水中可配成0.1 mol?L-1的NaCl 溶液B.称量时,将固体NaCl干脆放在天平左盘上C.固体溶解后,将溶液转移到容量瓶中,然后向容量瓶中干脆加水稀释到刻度线D.配制溶液时容量瓶中原来有少量蒸馏水不会影响试验结果5. 随着人们对物质组成和性质探讨的深化,物质的分类也更加多样化。

下列有关说法正确的是A.H2SO4、NaOH、NaNO3都是强电解质B.Na2O、Al2O3、Fe2O3都是碱性氧化物C.磁铁矿、铝土矿、小苏打都是混合物D.烧碱、纯碱、熟石灰都是碱6. 在体积相同的两个密闭容器中分别充溢O2、O3气体,当两个容器内温度和气体密度相等时说法正确的是A.两种气体的压强相等B.O2比O3质量小C.两种气体的分子数目相等D.两种气体的氧原子数目相等7.下列化学反应及其书写正确的是A、试验室制备氢氧化铝,用铝盐和过量的氨水:Al3++3OH-=Al(OH)3↓B、漂白粉溶液中通入SO2气体:Ca2+ + 2ClO- + SO2 =CaSO3↓+2HClOC、铁粉和水蒸气反应:2Fe+3H2O(g) Fe2O3+3H2D、NaHCO3溶液与NaOH溶液反应: OH- + HCO3- = CO32- + H2O8. 某溶液与Al反应能放出H2,下列离子在该溶液中肯定能大量共存的是A.NH4+、Fe2+、NO3-、SO42-B.Na+、K+、Cl-、SO42-C.Mg2+、H+、Cl-、NO3-D.K+、Ca2+、HCO3-、Cl-9.下列试剂的保存方法中,正确的是A.少量的钠常保存在煤油中B.将氯水保存在无色玻璃瓶中C.烧碱溶液保存在带玻璃塞的试剂瓶中D.漂白粉敞口放置在空气中10. 检验氯化氢气体中是否混有氯气可采纳的方法是( )A. 用干燥的蓝色石蕊试纸B. 用干燥的有色布条C. 将气体通入硝酸银溶液D. 用潮湿的淀粉碘化钾试纸11.如图所示,A处通入Cl2,关闭B阀时,C处的红布看不到明显现象,当打开B阀后,C处红布条渐渐褪色,则D中装的是 ( )A.浓H2SO4B.CaCl2溶液C.H2OD.饱和NaCl溶液12. 在肯定温度下,向饱和的烧碱溶液中放入肯定量的过氧化钠,充分反应后复原到室温,下列说法正确的是( )A. 溶液中Na+浓度增大,有H2放出B. 溶液中OH-数目不变,有O2放出C. 溶液中Na+数目削减,有O2放出D. 溶液中OH-浓度增大,有O2放出13.在常温常压下,a、b、c、d四支相同的试管中,分别装有混合后的两种气体。

人教版(2019)高一地理必修一期末复习卷

人教版(2019)高一地理必修一期末复习卷

高一上学期地理期末测试卷一、选择题,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

(42分,每小题1.5分)北京时间2020年11月24日凌晨4时30分,在我国文昌航天发射场,长征五号运载火箭成功将“嫦娥五号”探测器发射升空,并且将其顺利地送入轨道,开启我国首次地外天体采样返回之旅。

“嫦娥五号”将实现我国航天史上四个“首次”:首次在月球表面自动采样,首次从月面起飞,首次实现月球轨道无人交会对接,首次带月壤高速再入返回地球。

读图,完成下面小题。

1.下列关于天体的描述,正确的是()A.由探测器带回地球的月壤样品是天体B.运行在环月轨道上的“嫦娥五号”是天体C.探月往返的宇宙空间属于河外星系D.材料中呈现了三级天体系统2.月球上一片荒凉,看上去并无生命迹象,而月球的邻居地球上却生机盎然,主要是因为月球()A.体积与质量太小B.缺少太阳光照C.宇宙环境不安全D.风力流水侵蚀强烈3.有关太阳对地球影响的叙述,正确的是()A.太阳活动会导致地球上出现极光和极昼现象B.太阳辐射造成不同热量带生物量的差异C.太阳活动会影响地球上固定电话的通话质量D.太阳辐射会扰动电离层,影响通讯4.下列关于大气组成成分及其作用的叙述,正确的是()①二氧化碳含量稳定②干洁空气的主要成分是氧气和氮气③水汽和固体尘埃可成云致雨④臭氧能大量吸收太阳辐射波长较长的红外线A.①②B.②③C.①④D.②④小明计划考察某地,地理老师建议他最好把时间安排在8月至10月,要带上墨镜、遮阳帽、防晒霜、羽绒服和防水服等物品。

按照老师的建议,小明顺利地完成了考察活动。

据此完成下面小题。

5.小明考察的目的地是下图中的()A.甲地B.乙地C.丙地D.丁地6.老师提出相关建议的主要原因是下图中的()A.①是一年中最强的时季B.相对于同纬度地区,②较弱C.相对于同纬度地区,③④较弱D.相对于同纬度地区,④较强下图为“某季节我国东部沿海近地面和高空等压面示意图”。

2019年第二学期高一年级期末考试试卷

2019年第二学期高一年级期末考试试卷

2019年第二学期高一年级期末考试试卷一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知点,,则直线的斜率是()A. 1B. -1C. 5D. -5【答案】A【解析】【分析】由,即可得出结果.【详解】直线的斜率.【点睛】本题主要考查直线的斜率,属于基础题型.2.若,,,且,则下列不等式一定成立的是()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】对每一个选项逐一分析判断得解.【详解】A.与的大小不确定,所以该选项错误;B.,所以该选项错误;C.,所以该选项错误;D.,所以该选项正确.故选:D【点睛】本题主要考查实数大小的比较,意在考查学生对该知识的理解掌握水平,属于基础题.3.在中,角,,所对的边分别为,,,若,,,则()A. 3B. 2C.D.【答案】C【解析】【分析】直接利用正弦定理求解.【详解】在中,由正弦定理得,所以.故选:C【点睛】本题主要考查正弦定理解三角形,意在考查学生对该知识的理解掌握水平,属于基础题.4.直线被圆截得的弦长为()A. 4B.C.D.【答案】B【解析】【分析】先由圆的一般方程写出圆心坐标,再由点到直线的距离公式求出圆心到直线m的距离d,则弦长等于.【详解】∵,∴,∴圆的圆心坐标为,半径为,又点到直线的距离,∴直线被圆截得的弦长等于.【点睛】本题主要考查圆的弦长公式的求法,常用方法有代数法和几何法;属于基础题型.5.若某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是()A. B. C. D. 3【答案】B【解析】【分析】先由三视图判断该几何体为底面是直角三角形的直三棱柱,由棱柱的体积公式即可求出结果.【详解】据三视图分析知,该几何体是底面为直角三角形的直三棱柱,且三棱柱的底面直角三角形的直角边长分别为1和,三棱柱的高为,所以该几何体的体积.【点睛】本题主要考查几何体的三视图,由三视图求几何体的体积,属于基础题型.6.如图,若长方体的六个面中存在三个面的面积分别是2,3,6,则该长方体中线段的长是()A. B. C. 28 D.【答案】A【解析】【分析】由长方体的三个面对面积先求出同一点出发的三条棱长,即可求出结果.【详解】设长方体从一个顶点出发的三条棱的长分别为,且,,,则,,,所以长方体中线段的长等于.【点睛】本题主要考查简单几何体的结构特征,属于基础题型.7.若圆与圆相切,则实数()A. 9B. -11C. -11或-9D. 9或-11【答案】D【解析】【分析】分别讨论两圆内切或外切,圆心距和半径之间的关系即可得出结果.【详解】圆的圆心坐标为,半径;圆的圆心坐标为,半径,讨论:当圆与圆外切时,,所以;当圆与圆内切时,,所以,综上,或.【点睛】本题主要考查圆与圆位置关系,由两圆相切求参数的值,属于基础题型.8.已知为两条不同的直线,为两个不同的平面,给出下列命题:①若,,则;②若,,则;③若,,则;④若,,,则.其中正确的命题是()A. ②③B. ①③C. ②④D. ①④【答案】B【解析】【分析】利用空间中线面平行、线面垂直、面面平行、面面垂直的判定与性质即可作答.【详解】垂直于同一条直线的两个平面互相平行,故①对;平行于同一条直线的两个平面相交或平行,故②错;若,,,则或与为异面直线或与为相交直线,故④错;若,则存在过直线的平面,平面交平面于直线,,又因为,所以,又因为平面,所以,故③对.故选B.【点睛】本题主要考查空间中,直线与平面平行或垂直的判定与性质,以及平面与平面平行或垂直的判定与性质,属于基础题型.9.若实数,满足不等式组则的最大值为()A. B. 2 C. 5 D. 7【答案】C【解析】【分析】利用线性规划数形结合分析解答.【详解】由约束条件,作出可行域如图:由得A(3,-2).由,化为,由图可知,当直线过点时,直线在轴上的截距最小,有最大值为5.故选:C.【点睛】本题主要考查利用线性规划求最值,意在考查学生对该知识的理解掌握水平,属于基础题.10.已知数列的前项和为,,且满足,若,则的值为()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】由递推关系可证得数列为等差数列,利用等差数列通项公式求得公差;利用等差数列通项公式和前项和公式分别求得和,代入求得结果.【详解】由得:数列为等差数列,设其公差为,,解得:,本题正确选项:【点睛】本题考查等差数列基本量的计算,涉及到利用递推关系式证明数列为等差数列、等差数列通项公式和前项和公式的应用.11.如图,在正方体,点在线段上运动,则下列判断正确的是()①平面平面②平面③异面直线与所成角的取值范围是④三棱锥的体积不变A. ①②B. ①②④C. ③④D. ①④【答案】B【解析】【分析】①连接DB1,容易证明DB1⊥面ACD1 ,从而可以证明面面垂直;②连接A1B,A1C1容易证明平面BA1C1∥面ACD1,从而由线面平行的定义可得;③分析出A1P与AD1所成角的范围,从而可以判断真假;④=,C到面 AD1P的距离不变,且三角形AD1P的面积不变;【详解】对于①,连接DB1,根据正方体的性质,有DB1⊥面ACD1 ,DB1⊂平面PB1D,从而可以证明平面PB1D⊥平面ACD1,正确.②连接A1B,A1C1容易证明平面BA1C1∥面ACD1,从而由线面平行的定义可得A1P∥平面ACD1,正确.③当P与线段BC1的两端点重合时,A1P与AD1所成角取最小值,当P与线段BC1的中点重合时,A1P与AD1所成角取最大值,故A1P与AD1所成角的范围是,错误;④=,C到面AD1P的距离不变,且三角形AD1P的面积不变.∴三棱锥A﹣D1PC的体积不变,正确;正确的命题为①②④.故选:B.【点睛】本题考查空间点、线、面的位置关系,空间想象能力,中档题.12.已知三棱柱的底面为直角三角形,侧棱长为2,体积为1,若此三棱柱的顶点均在同一球面上,则该球半径的最小值为()A. 1B. 2C.D.【答案】D【解析】【分析】先证明棱柱为直棱柱,再求出棱柱外接球的半径,利用基本不等式求出其最小值.【详解】∵三棱柱内接于球,∴棱柱各侧面均为平行四边形且内接于圆,所以棱柱的侧棱都垂直底面,所以该三棱柱为直三棱柱.设底面三角形的两条直角边长为,,∵三棱柱的高为2,体积是1,∴,即,将直三棱柱补成一个长方体,则直三棱柱与长方体有同一个外接球,所以球的半径为.故选:D【点睛】本题主要考查几何体外接球的半径的计算和基本不等式求最值,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知不等式的解集为或,则实数__________.【答案】6【解析】【分析】由题意可知,3为方程的两根,利用韦达定理即可求出a的值.【详解】由题意可知,3为方程两根,则,即.故答案为:6【点睛】本题主要考查一元二次不等式的解,意在考查学生对该知识的理解掌握水平,属于基础题.14.已知点在直线上,则的最小值为__________.【答案】5【解析】【分析】由题得表示点到点的距离,再利用点到直线的距离求解.【详解】由题得表示点到点距离.又∵点在直线上,∴的最小值等于点到直线的距离,且.【点睛】本题主要考查点到两点间的距离和点到直线的距离的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.15.已知数列为正项的递增等比数列,,,记数列的前n项和为,则使不等式成立的最大正整数n的值是_______.【答案】6【解析】【分析】设等比数列{an}的公比q,由于是正项的递增等比数列,可得q >1.由a1+a5=82,a2•a4=81=a1a5,∴a1,a5,是一元二次方程x2﹣82x+81=0的两个实数根,解得a1,a5,利用通项公式可得q,an.利用等比数列的求和公式可得数列{}的前n项和为Tn.代入不等式2019|Tn﹣1|>1,化简即可得出.【详解】数列为正项的递增等比数列,,a2•a4=81=a1a5,即解得,则公比,∴,则,∴,即,得,此时正整数的最大值为6.故答案为6.【点睛】本题考查了等比数列的通项公式与求和公式、一元二次方程的解法、不等式的解法,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.16.已知中,,且,则面积的最大值为__________.【答案】【解析】【分析】先利用正弦定理求出c=2,分析得到当点在的垂直平分线上时,边上的高最大,的面积最大,利用余弦定理求出,最后求面积的最大值.【详解】由可得,由正弦定理,得,故,当点在的垂直平分线上时,边上的高最大,的面积最大,此时.由余弦定理知,,即,故面积的最大值为.故答案为:【点睛】本题主要考查正弦定理余弦定理解三角形,考查三角形面积的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于中档题.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知函数,(1)求解不等式;(2)若,求的最小值.【答案】(1)或(2)【解析】【分析】(1)对x分类讨论解不等式得解;(2)由题得,再利用基本不等式求函数的最小值.【详解】解:(1)当时,,解得.当时,,解得.所以不等式解集为或.(2),当且仅当,即时取等号.【点睛】本题主要考查分式不等式的解法,考查基本不等式求函数的最值,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.18.如图,在三棱锥中,,分别为,的中点,且.(1)证明:平面;(2)若平面平面,证明:.【答案】(1)见解析(2)见解析【解析】【分析】(1)先证明,再证明平面;(2)先证明平面,再证明.【详解】证明:(1)因为,分别为,的中点,所以.又平面,平面,所以平面.(2)因为,为中点,所以.又平面平面.平面平面,所以平面.又平面,所以.【点睛】本题主要考查空间几何元素位置关系的证明,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.19.已知圆与直线相切(1)若直线与圆交于两点,求(2)已知,设为圆上任意一点,证明:为定值【答案】(1)4;(2)详见解析.【解析】【分析】(1)利用直线与圆相切,结合点到直线距离公式求出半径,从而得到圆的方程;根据直线被圆截得弦长的求解方法可求得结果;(2)设,则,利用两点间距离公式表示出,化简可得结果.【详解】(1)由题意知,圆心到直线的距离:圆与直线相切圆方程为:圆心到直线的距离:,(2)证明:设,则即为定值【点睛】本题考查直线与圆的综合应用问题,涉及到直线与圆位置关系的应用、直线被圆截得弦长的求解、两点间距离公式的应用、定值问题的求解.解决定值问题的关键是能够用变量表示出所求量,通过化简、消元整理出结果.20.如图,在正方体,中,,,,,分别是棱,,,,的中点.(1)求证:平面平面;(2)求平面将正方体分成的两部分体积之比.【答案】(1)见解析(2)【解析】【分析】(1)先证明平面,再证明平面平面;(2)连接,,则截面右侧的几何体为四棱锥和三棱锥,再求出每一部分的体积得解.【详解】(1)证明:在正方体中,连接.因为,分别是,的中点,所以.因为平面,平面,所以.因为,所以平面,平面,所以,同理,因为,所以平面,因为平面,所以平面平面;(2)连接,,则截面右侧的几何体为四棱锥和三棱锥,设正方体棱长为1,所以,所以平面将正方体分成两部分体积之比为.【点睛】本题主要考查面面垂直关系的证明和几何体体积的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于中档题.21.如图,在四边形中,,,.(1)若,求的面积;(2)若,,求的长.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)由余弦定理求出BC,由此能求出△ABC的面积.(2)设∠BAC=θ,AC=x,由正弦定理得从而,在中,由正弦定理得,建立关于θ的方程,由此利用正弦定理能求出sin∠CAD.再利用余弦定理可得结果.【详解】(1)因,,,所以,即,所以.所以.(2)设,,则,在中,由正弦定理得:,所以;在中,,所以.即,化简得:,所以,所以,,所以在中,.即,解得或(舍).【点睛】本题考查正、余弦定理在解三角形中的应用,考查了引入角的技巧方法,考查运算求解能力,考查函数与方程思想,是中档题.22.已知数列的前项和为,点在直线上.(1)求数列的通项公式;(2)设,求数列的前项和.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)先由题意得到,求出,再由,作出,得到数列为等比数列,进而可求出其通项公式;(2)先由(1)得到,再由错位相减法,即可求出结果.【详解】解:(1)由题可得.当时,,即.由题设,,两式相减得.所以是以2为首项,2为公比的等比数列,故.(2)由(1)可得,所以,.两边同乘以得.上式右边错位相减得.所以.化简得.【点睛】本题主要考查求数列的通项公式,以及数列的前项和,熟记等比数列的通项公式与求和公式,以及错位相减法求数列的和即可,属于常考题型.2019年第二学期高一年级期末考试试卷一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知点,,则直线的斜率是()A. 1B. -1C. 5D. -5【答案】A【解析】【分析】由,即可得出结果.【详解】直线的斜率.【点睛】本题主要考查直线的斜率,属于基础题型.2.若,,,且,则下列不等式一定成立的是()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】对每一个选项逐一分析判断得解.【详解】A.与的大小不确定,所以该选项错误;B.,所以该选项错误;C.,所以该选项错误;D.,所以该选项正确.故选:D【点睛】本题主要考查实数大小的比较,意在考查学生对该知识的理解掌握水平,属于基础题.3.在中,角,,所对的边分别为,,,若,,,则()A. 3B. 2C.D.【答案】C【解析】【分析】直接利用正弦定理求解.【详解】在中,由正弦定理得,所以.故选:C【点睛】本题主要考查正弦定理解三角形,意在考查学生对该知识的理解掌握水平,属于基础题.4.直线被圆截得的弦长为()A. 4B.C.D.【答案】B【解析】【分析】先由圆的一般方程写出圆心坐标,再由点到直线的距离公式求出圆心到直线m的距离d,则弦长等于.【详解】∵,∴,∴圆的圆心坐标为,半径为,又点到直线的距离,∴直线被圆截得的弦长等于.【点睛】本题主要考查圆的弦长公式的求法,常用方法有代数法和几何法;属于基础题型. 5.若某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是()A. B. C. D. 3【答案】B【解析】【分析】先由三视图判断该几何体为底面是直角三角形的直三棱柱,由棱柱的体积公式即可求出结果.【详解】据三视图分析知,该几何体是底面为直角三角形的直三棱柱,且三棱柱的底面直角三角形的直角边长分别为1和,三棱柱的高为,所以该几何体的体积.【点睛】本题主要考查几何体的三视图,由三视图求几何体的体积,属于基础题型.6.如图,若长方体的六个面中存在三个面的面积分别是2,3,6,则该长方体中线段的长是()A. B. C. 28 D.【答案】A【解析】【分析】由长方体的三个面对面积先求出同一点出发的三条棱长,即可求出结果.【详解】设长方体从一个顶点出发的三条棱的长分别为,且,,,则,,,所以长方体中线段的长等于.【点睛】本题主要考查简单几何体的结构特征,属于基础题型.7.若圆与圆相切,则实数()A. 9B. -11C. -11或-9D. 9或-11【答案】D【解析】【分析】分别讨论两圆内切或外切,圆心距和半径之间的关系即可得出结果.【详解】圆的圆心坐标为,半径;圆的圆心坐标为,半径,讨论:当圆与圆外切时,,所以;当圆与圆内切时,,所以,综上,或.【点睛】本题主要考查圆与圆位置关系,由两圆相切求参数的值,属于基础题型.8.已知为两条不同的直线,为两个不同的平面,给出下列命题:①若,,则;②若,,则;③若,,则;④若,,,则.其中正确的命题是()A. ②③B. ①③C. ②④D. ①④【答案】B【解析】【分析】利用空间中线面平行、线面垂直、面面平行、面面垂直的判定与性质即可作答.【详解】垂直于同一条直线的两个平面互相平行,故①对;平行于同一条直线的两个平面相交或平行,故②错;若,,,则或与为异面直线或与为相交直线,故④错;若,则存在过直线的平面,平面交平面于直线,,又因为,所以,又因为平面,所以,故③对.故选B.【点睛】本题主要考查空间中,直线与平面平行或垂直的判定与性质,以及平面与平面平行或垂直的判定与性质,属于基础题型.9.若实数,满足不等式组则的最大值为()A. B. 2 C. 5 D. 7【答案】C【解析】【分析】利用线性规划数形结合分析解答.【详解】由约束条件,作出可行域如图:由得A(3,-2).由,化为,由图可知,当直线过点时,直线在轴上的截距最小,有最大值为5.故选:C.【点睛】本题主要考查利用线性规划求最值,意在考查学生对该知识的理解掌握水平,属于基础题.10.已知数列的前项和为,,且满足,若,则的值为()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】由递推关系可证得数列为等差数列,利用等差数列通项公式求得公差;利用等差数列通项公式和前项和公式分别求得和,代入求得结果.【详解】由得:数列为等差数列,设其公差为,,解得:,本题正确选项:【点睛】本题考查等差数列基本量的计算,涉及到利用递推关系式证明数列为等差数列、等差数列通项公式和前项和公式的应用.11.如图,在正方体,点在线段上运动,则下列判断正确的是()①平面平面②平面③异面直线与所成角的取值范围是④三棱锥的体积不变A. ①②B. ①②④C. ③④D. ①④【答案】B【解析】【分析】①连接DB1,容易证明DB1⊥面ACD1 ,从而可以证明面面垂直;②连接A1B,A1C1容易证明平面BA1C1∥面ACD1,从而由线面平行的定义可得;③分析出A1P与AD1所成角的范围,从而可以判断真假;④=,C到面 AD1P的距离不变,且三角形AD1P的面积不变;【详解】对于①,连接DB1,根据正方体的性质,有DB1⊥面ACD1 ,DB1⊂平面PB1D,从而可以证明平面PB1D⊥平面ACD1,正确.②连接A1B,A1C1容易证明平面BA1C1∥面ACD1,从而由线面平行的定义可得A1P∥平面ACD1,正确.③当P与线段BC1的两端点重合时,A1P与AD1所成角取最小值,当P与线段BC1的中点重合时,A1P与AD1所成角取最大值,故A1P与AD1所成角的范围是,错误;④=,C到面AD1P的距离不变,且三角形AD1P的面积不变.∴三棱锥A﹣D1PC的体积不变,正确;正确的命题为①②④.故选:B.【点睛】本题考查空间点、线、面的位置关系,空间想象能力,中档题.12.已知三棱柱的底面为直角三角形,侧棱长为2,体积为1,若此三棱柱的顶点均在同一球面上,则该球半径的最小值为()A. 1B. 2C.D.【答案】D【解析】【分析】先证明棱柱为直棱柱,再求出棱柱外接球的半径,利用基本不等式求出其最小值.【详解】∵三棱柱内接于球,∴棱柱各侧面均为平行四边形且内接于圆,所以棱柱的侧棱都垂直底面,所以该三棱柱为直三棱柱.设底面三角形的两条直角边长为,,∵三棱柱的高为2,体积是1,∴,即,将直三棱柱补成一个长方体,则直三棱柱与长方体有同一个外接球,所以球的半径为.故选:D【点睛】本题主要考查几何体外接球的半径的计算和基本不等式求最值,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知不等式的解集为或,则实数__________.【答案】6【解析】【分析】由题意可知,3为方程的两根,利用韦达定理即可求出a的值.【详解】由题意可知,3为方程两根,则,即.故答案为:6【点睛】本题主要考查一元二次不等式的解,意在考查学生对该知识的理解掌握水平,属于基础题.14.已知点在直线上,则的最小值为__________.【答案】5【解析】【分析】由题得表示点到点的距离,再利用点到直线的距离求解.【详解】由题得表示点到点距离.又∵点在直线上,∴的最小值等于点到直线的距离,且.【点睛】本题主要考查点到两点间的距离和点到直线的距离的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.15.已知数列为正项的递增等比数列,,,记数列的前n项和为,则使不等式成立的最大正整数n的值是_______.【答案】6【解析】【分析】设等比数列{an}的公比q,由于是正项的递增等比数列,可得q>1.由a1+a5=82,a2•a4=81=a1a5,∴a1,a5,是一元二次方程x2﹣82x+81=0的两个实数根,解得a1,a5,利用通项公式可得q,an.利用等比数列的求和公式可得数列{}的前n项和为Tn.代入不等式2019|Tn﹣1|>1,化简即可得出.【详解】数列为正项的递增等比数列,,a2•a4=81=a1a5,即解得,则公比,∴,则,∴,即,得,此时正整数的最大值为6.故答案为6.【点睛】本题考查了等比数列的通项公式与求和公式、一元二次方程的解法、不等式的解法,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.16.已知中,,且,则面积的最大值为__________.【答案】【解析】【分析】先利用正弦定理求出c=2,分析得到当点在的垂直平分线上时,边上的高最大,的面积最大,利用余弦定理求出,最后求面积的最大值.【详解】由可得,由正弦定理,得,故,当点在的垂直平分线上时,边上的高最大,的面积最大,此时.由余弦定理知,,即,故面积的最大值为.故答案为:【点睛】本题主要考查正弦定理余弦定理解三角形,考查三角形面积的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于中档题.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知函数,(1)求解不等式;(2)若,求的最小值.【答案】(1)或(2)【解析】【分析】(1)对x分类讨论解不等式得解;(2)由题得,再利用基本不等式求函数的最小值.【详解】解:(1)当时,,解得.当时,,解得.所以不等式解集为或.(2),当且仅当,即时取等号.【点睛】本题主要考查分式不等式的解法,考查基本不等式求函数的最值,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.18.如图,在三棱锥中,,分别为,的中点,且.(1)证明:平面;(2)若平面平面,证明:.【答案】(1)见解析(2)见解析【解析】【分析】(1)先证明,再证明平面;(2)先证明平面,再证明.【详解】证明:(1)因为,分别为,的中点,所以.又平面,平面,所以平面.(2)因为,为中点,所以.又平面平面.平面平面,所以平面.又平面,所以.【点睛】本题主要考查空间几何元素位置关系的证明,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.19.已知圆与直线相切(1)若直线与圆交于两点,求(2)已知,设为圆上任意一点,证明:为定值【答案】(1)4;(2)详见解析.【解析】【分析】(1)利用直线与圆相切,结合点到直线距离公式求出半径,从而得到圆的方程;根据直线被圆截得弦长的求解方法可求得结果;(2)设,则,利用两点间距离公式表示出,化简可得结果.【详解】(1)由题意知,圆心到直线的距离:圆与直线相切圆方程为:圆心到直线的距离:,(2)证明:设,则即为定值【点睛】本题考查直线与圆的综合应用问题,涉及到直线与圆位置关系的应用、直线被圆截得弦长的求解、两点间距离公式的应用、定值问题的求解.解决定值问题的关键是能够用变量表示出所求量,通过化简、消元整理出结果.20.如图,在正方体,中,,,,,分别是棱,,,,的中点.(1)求证:平面平面;(2)求平面将正方体分成的两部分体积之比.【答案】(1)见解析(2)【解析】【分析】(1)先证明平面,再证明平面平面;(2)连接,,则截面右侧的几何体为四棱锥和三棱锥,再求出每一部分的体积得解.【详解】(1)证明:在正方体中,连接.因为,分别是,的中点,所以.因为平面,平面,所以.因为,所以平面,平面,所以,同理,因为,所以平面,因为平面,所以平面平面;(2)连接,,则截面右侧的几何体为四棱锥和三棱锥,设正方体棱长为1,所以,所以平面将正方体分成两部分体积之比为.【点睛】本题主要考查面面垂直关系的证明和几何体体积的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于中档题.21.如图,在四边形中,,,.(1)若,求的面积;(2)若,,求的长.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)由余弦定理求出BC,由此能求出△ABC的面积.(2)设∠BAC=θ,AC=x,由正弦定理得从而,在中,由正弦定理得,建立关于θ的方程,由此利用正弦定理能求出sin∠CAD.再利用余弦定理可得结果.【详解】(1)因,,,所以,即,所以.所以.(2)设,,则,在中,由正弦定理得:,所以;。

2019高一语文下学期期末试卷(附答案)

2019高一语文下学期期末试卷(附答案)

一、语言文字运用(12分)1. 依次填人下列横线处的词语,:的一组是(3分)从来文章都提倡▲,而繁冗拖沓为作文病忌。

这▲是不错的。

然而,文章的繁简又不可单以文字的多寡论。

言简意赅,是凝练、厚重;言简意少,却不过是平淡、单薄。

“繁”呢,有时也自有它的好处:描摹物态,求其▲;刻画心理,能使▲。

有时,真是非繁不足以达其妙处。

这可称为以繁胜简。

A.干练固然穷形尽相无微不至B.简练固然原形毕露细致入微C.简练诚然穷形尽相细致人微D.干练诚然原形毕露无微不至2.下列各句中,没有语病的一项是(3分)A.因为有了语言,人类得以思维和交际,不但传递和保存着文明,而且不断创造新的生活。

我们在语言中发展、生存,正如海德格尔所说,它是人类存在的精神家园。

B.文化的发展离不开纵向的积累与创新,也离不开横向的沟通与借鉴。

坚持对话,摒弃偏见,增进交流,消除隔阂,人类文化一定会展现共同繁荣、异彩纷呈。

C.只要有人,只要有生活,人性才会演绎出多彩的故事,而真与假、美与丑、善与恶,则是复呈现的主题。

在优秀的作品中,一滴眼泪也能折射出人性世界的多彩光辉。

D.在人类日常生活中,用话语交流信息、沟通情感,从来没有像今天这样便捷、频繁。

作为现代公民的重要素养,口语交际能力体现了一个人的自信与智慧、教养与风度。

3.沈德潜《说诗啐语》:“性情面目,人人各具。

读▲诗,如见其脱屣千乘;读▲诗,如见其忧国伤时。

”横线处所填的二位诗人,与下列选项所论诗人相同的是(3分)A.子美不能为太白之飘逸,太白不能为子美之沉郁。

B.读柳子厚诗,知其人无与偶;读韩昌黎诗,知其世不能容。

C. 王右丞如秋水芙蓉,倚风自笑;孟浩然如洞庭始波,木叶微落。

D.乐天之诗,胡儿能唱琵琶篇;义山之诗,独恨无人作郑笺。

4.对下列材料理解最恰当的一项是(3分)农民问教授:“一个聋哑人到五金行买钉子,他先把左手的两个指头放在桌上,然后用右手做链子的样子。

店员拿出锤子,他摇摇头,用右手指了指左手的两个指头;店员拿出钉子,他点点头。

人教版2019学年高一数学期末试卷及答案(共10套 )

人教版2019学年高一数学期末试卷及答案(共10套 )

人教版2019学年高一期末数学试卷(一)一、填空题(本大题满分36分)本大题共有12题,只要求直接填写结果,每个空格填对得3分,否则一律得零分.1.函数y=a x(a>0且a≠1)的图象均过定点.2.请写出“好货不便宜”的等价命题:.3.若集合A={x|x≤1},B={x|x≥a}满足A∩B={1},则实数a=.4.不等式2|x﹣1|﹣1<0的解集是.5.若f(x+1)=2x﹣1,则f(1)=.6.不等式的解集为.7.设函数f(x)=(x+1)(x+a)为偶函数,则a=.8.已知函数f(x)=,g(x)=,则f(x)•g(x)=.9.设α:x≤﹣5或x≥1,β:2m﹣3≤x≤2m+1,若α是β的必要条件,求实数m的取值范围.10.函数的值域是.11.已知ab>0,且a+4b=1,则的最小值为.12.已知函数f(x)=是R上的增函数,则a的取值范围是.二、选择题(本大题满分12分)本大题共有4题,每题都给出代号为A、B、C、D的四个结论,其中有且只有一个结论是正确的,每题答对得3分,否则一律得零分.13.函数y=x的大致图象是()A. B.C.D.14.已知f(x)是R上的奇函数,且当x>0时,f(x)=x﹣1,则x<0时f(x)=()A.﹣x﹣1 B.x+1 C.﹣x+1 D.x﹣115.证券公司提示:股市有风险,入市需谨慎.小强买的股票A连续4个跌停(一个跌停:比前一天收市价下跌10%),则至少需要几个涨停,才能不亏损(一个涨停:比前一天收市价上涨10%).()A.3 B.4 C.5 D.616.给定实数x,定义[x]为不大于x的最大整数,则下列结论中不正确的是()A.x﹣[x]≥0B.x﹣[x]<1C.令f(x)=x﹣[x],对任意实数x,f(x+1)=f(x)恒成立D.令f(x)=x﹣[x],对任意实数x,f(﹣x)=f(x)恒成立三、解答题(本大题满分52分)本大题共有5题,解答下列各题必须写出必要的步骤.17.已知,求实数m的取值范围.18.如图,矩形草坪AMPN中,点C在对角线MN上.CD垂直于AN于点D,CB垂直于AM于点B,|CD|=|AB|=3米,|AD|=|BC|=2米,设|DN|=x米,|BM|=y 米.求这块矩形草坪AMPN面积的最小值.19.设a是实数,函数f(x)=a﹣(x∈R),(1)若已知(1,2)为该函数图象上一点,求a的值.(2)证明:对于任意a,f(x)在R上为增函数.20.已知函数f(x)=x2﹣2ax+1.(1)若对任意的实数x都有f(1+x)=f(1﹣x)成立,求实数a的值;(2)若f(x)在区间[1,+∞)上为单调递增函数,求实数a的取值范围;(3)当x∈[﹣1,1]时,求函数f(x)的最大值.21.在区间D上,如果函数f(x)为减函数,而xf(x)为增函数,则称f(x)为D上的弱减函数.若f(x)=(1)判断f(x)在区间[0,+∞)上是否为弱减函数;(2)当x∈[1,3]时,不等式恒成立,求实数a的取值范围;(3)若函数g(x)=f(x)+k|x|﹣1在[0,3]上有两个不同的零点,求实数k 的取值范围.人教版2019学年高一期末数学试卷(二)一、选择题(共12小题,每小题5分,满分60分)1.若A={x|﹣1<x<2},B={x|1<x<3},则A∩B=()A.{x|1<x<2}B.{x|﹣1<x<3}C.{x|1<x<3}D.{x|﹣1<x<2}2.下列函数为奇函数的是()A.y=x+1 B.y=e x C.y=x2+x D.y=x33.2log510+log50.25=()A.0 B.1 C.2 D.44.sin(π﹣α)cos(﹣α)=()A.B.C.sin2α D.cos2α5.已知函数,那么f[f()]的值为()A.9 B.C.﹣9 D.﹣6.若点(a,9)在函数y=3x的图象上,则tan的值为()A.0 B.C.1 D.7.设a=()0.5,b=0.30.5,c=log0.30.2,则a,b,c的大小关系是()A.a>b>c B.a<b<c C.b<a<c D.a<c<b8.要得到函数y=sin2x的图象,只要将函数y=sin(2x﹣)的图象()A.向左平移单位B.向右平移单位C.向左平移单位D.向右平移单位9.已知函数y=f(x+3)是偶函数,则函数y=f(x)图象的对称轴为直线()A.x=﹣3 B.x=0 C.x=3 D.x=610.△ABC的三个内角分别记为A,B,C,若tanAtanB=tanA+tanB+1,则cosC的值是()A.﹣B.C.D.﹣11.定义在R上的偶函数f(x)满足f(x+1)=,且f(x)在[﹣3,﹣2]上是减函数,若α,β是锐角三角形的两个内角,则()A.f(sinα)>f(sinβ)B.f(cosα)>f(cosβ)C.f(sinα)>f(cosβ)D.f (sinα)<f(cosβ)12.已知x1,x2是函数f(x)=e﹣x﹣|lnx|的两个不同零点,则x1x2的取值范围是()A.(0,) B.(,1]C.(1,e)D.(,1)二、填空题(共4小题,每小题5分,满分20分)13.设A={(x,y)|y=2x+3},B={(x,y)|y=x+1},则A∩B=.14.函数f(x)=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0,|φ|)的部分图象如图所示,则函数y=f(x)对应的解析式为.15.函数y=﹣的定义域是(用区间表示)16.若f(sin2x)=5sinx﹣5cosx﹣6(0<x<π),则f(﹣)=.三、解答题(共6小题,满分70分)17.已知tanα=3,计算:(Ⅰ);(Ⅱ)sinα•cosα.18.已知函数f(x)=.(Ⅰ)求函数f(x)的定义域和值域;(Ⅱ)判断函数f(x)的奇偶性,并证明.19.已知函数f(x)=cosx(sinx+cosx).(Ⅰ)若0<α<,且sinα=,求f(α)的值;(Ⅱ)求函数f(x)的最小正周期及单调递增区间.20.设函数f(x)=(Ⅰ)当时,求函数f(x)的值域;(Ⅱ)若函数f(x)是(﹣∞,+∞)上的减函数,求实数a的取值范围.21.如图所示,已知点A(1,0),D(﹣1,0),点B,C在单位圆O上,且∠BOC=.(Ⅰ)若点B(,),求cos∠AOC的值;(Ⅱ)设∠AOB=x(0<x<),四边形ABCD的周长为y,将y表示成x的函数,并求出y的最大值.22.已知函数f(x)是定义在[﹣1,1]上的奇函数,且f(1)=1,若x,y∈[﹣1,1],x+y ≠0有(x+y)•[f(x)+f(y)]>0.(1)判断f(x)的单调性,并加以证明;(2)解不等式;(3)若f(x)≤m2﹣2am+1对所有x∈[﹣1,1],a∈[﹣1,1]恒成立.求实数m的取值范围.人教版2019学年高一期末数学试卷(三)第I 卷(选择题60分)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1 设全集U={0,1,2,3,4} 集合A={0,1,2,3}, 集合B= {2,3,4}则(СU A )∪(СU B )=A {0}B {0,1}C {0,1,4}D {0,1,2,3,4}2 已知集合A={x ∣∣x+1∣<2},集合B={x ∣x 2-(a+1)x+a <0}且B ⊆A ,则a 的取值范围是 A -3<a <1 B -3≤a ≤1 C 1≤a <3 D -3≤a <1 3 “1+13-x >0”是“(x+2(x-1) >0”的 A 充分不必要条件 B 必要不充分条件 C 充要条件 D 既不充分也不必要条件 4设A={ x ∣xx -+21≥0},B={x ∣x <a},若A∩B≠Φ,则a 的取值范围是 A a <2 B a >-2 C a >-1 D -1<a ≤25 函数f(x)=㏒0.5(x-1)(x+3)的单调递增区间是A (-∞,-3)B (-∞,-1)C (1,∞)D (-3,-1)6 若函数f(x)的图象经过点(-1,0),则函数f -1(x+4)的图象必过点 A (-1,4) B (-4,-1) C(-1,-4) D (1,4) 7 函数y=-lg(x+1)的图象大致是8 已知 lgx, lg(x-2y), lgy 成等差数列, 则yx= A 1 B 4 C 1或4 D 41或4 9 在等差数列{a n }中,公差d=21,S 100=145,则a 1+a 3+a 5+…+a 99的值为 A 57 B 58 C 59 D 6010 在等比数列{a n }中,a n >0,且83a a ⋅=81,则㏒3a 1+㏒3a 2+…+㏒3a 10等于 A 5 B 10 C 20 D 4011 已知公差不为0的等差数列第二、三、六项构成等比数列,则公比为 A 1 B 2 C 3 D 412 已知a >b >0,则2a ,2b , 3a的大小关系是A 2a >2b >3aB 2b <2a <3aC 2b <3a <2aD 2a <3a <2b第Ⅱ卷(非选择题共90分)二、填空题:本大题共四小题,每小题4分,共16分。

精品2019学年高一语文下学期期末考试试题(含解析)新人教 版

精品2019学年高一语文下学期期末考试试题(含解析)新人教 版

2019学年度第二学期期末考试高一年级语文本试卷分第一卷(阅读题)和第二卷(表达题)两部分,总分150分,时间150分钟。

第一卷(阅读题共75分)现代文阅读(一)社科类文本阅读(9分,每小题3分)阅读下面的文字,完成小题反腐,是古今中外都备受关注的话题,“老虎、苍蝇一起打”,大贪小贪均不放过。

一个国家的社会进步史,从某种意义上说,既是治官治吏史,也是反贪反腐史,古代各朝都成立相当于今天的反贪局或监察部这样的中央监察机构。

秦朝是中国历史上第一个建立完备监察机构的朝代,此机构名叫“御史台”,一把手叫“御史大夫”;汉代时,御史大夫被提升到与丞相同一行政级别。

汉文帝时,鉴于当时御史监察不力的情况,临时调派身边可信人员到下面核查,此行为称为“刺”。

汉武帝于公元前106年正式设立“刺史”,这成为中国古代反贪的一种新型“反腐办”。

除常规监察机构反腐外,古代还有最有效的一招,是动员民间参与反腐,鼓励民间积极“举报”。

刘彻建立所谓“言事变”制度,就是俗话所说的“打小报告”;南北朝的北魏拓跋嗣(魏明元帝)当皇帝时,专门下诏,鼓励民众举告贪官;到了北宋,“上奏言事”备受重视,范仲淹、包拯、王安石、朱熹,都曾给皇帝写过很多反腐奏折,《包孝肃公奏议》一书多是揭露、举报官员腐败的,当时的贪官最怕被包拯奏上一本;明朝开国皇帝朱元璋除了允许越级告状、鼓励实名举报外,还支持民间进京上访。

“举报”虽然可以减少官员腐败现象,但腐败仍无法从根本上杜绝。

于是,“制度反腐”成为一种探索。

所谓“制度反腐”,古人叫“治贪用重典”,在《吕刑》中便有“其罪惟均”的说法,即官员贪赃枉法,与庶民同罪。

从量刑上看,对官吏犯罪的法律惩罚重于常人。

在秦朝,“通一钱者,黥为城旦”,即行贿受贿达到一个铜钱,就要受到脸上刺字并服苦役的刑罚。

明朝对贪官用刑之酷是历史上罕见的,尤其让人感到恐怖的是“剥皮实草”,贪官污吏们被拉到府州县衙门左首的土地庙杀死,并将他们的皮整张剥下来,里面填上稻草,然后把这些假人摆在衙门的公座旁边,以这种阴森恐怖的方式与继任官员进行职务的移交。

2019-2020年高一年级下学期末考试试卷附参考答案

2019-2020年高一年级下学期末考试试卷附参考答案

2019-2020年高一年级下学期末考试试卷附参考答案一、单项选择题(每题2分,共50分)1、下列活动属于文化现象的有()①工人、农民从事生产活动②召开十六届六中全会③参加文学社、书画协会、读书小组④自然风光A、②③④B、②③ C ①②③ D、③2、两岸清明节包机得以顺利实现的前提是:不管是祖国内地,还是港澳台地区的华人,都有清明节祭祖扫墓的传统。

每年清明节前后返乡拜祖是台湾同胞及其眷属几十年来的强烈愿望。

这一前提表明A.清明节是中华民族几千年历史文化成就的一个重要标志B.两岸政治、经济、历史和地理等因素的不同决定了两岸文化的不同C.民族节日是一个民族文化的集中展示,也是一个民族情感的集中表达D.“衣锦还乡、叶落归根”是每一位华人都无法舍弃的情结3、贺知章《回乡偶书》中的“少小离家老大回,乡音无改鬓毛衰’的诗句反映了文化对人的影响是A.潜移默化的 B.深远持久的 C.愉悦欢乐的 D.健康向上的4、青藏高原的文化之美无处不在。

譬如帐篷这一供藏族同胞栖身的特殊“居所”,便带有高原特有的神秘和深厚的藏传佛教及民俗文化的色彩。

这说明()A.生活就是自然,自然就是生活B.文化包括纯自然的景观C.文化是一种社会精神力量D.不同区域的文化具有鲜明的特色5、美国的“麦当劳”在全球开设了那么多连锁店,靠的不是资金,而是“麦当劳”文化。

这说明A.经济与文化日益交融B.不同地域的文化日益融合C.文化在综合国力竞争中越来越重要D.文化影响人们的实践活动6、中国有几千年的传统文化,如果我们不去开发,不使其形成独具特色的产业,随着我这逐步融入国际社会,就会被别的国家利用,反过来向我国出品。

前几年,美国根据我国古代花木兰的故事改编的动画片在我国热播就是一个明证。

这给我们的启示是()A.大力发展对外文化贸易,积极引进具有市场竞争力的产品B.充分开发我国的文化资源,提高民族文化竞争力和国际影响力C.树立品牌意识,加大对民族文化的保护D.拒绝外来文化,保护民族文化,维护国家文化安全7、思想文化是同政治、经济联系在一起的,它虽然受一定社会的政治、经济所制约,但又对政治、经济起反作用。

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绝密★启用前
2019高一期末复习试卷
考试范围:必修四;考试时间:100分钟;命题人:谭计韬
题号



总分
得分
注意事项:
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2.请将答案正确填写在答题卡上
第Ⅰ卷(选择题)
请点击修改第 I卷的文字说明
评卷人 得 分
一.选择题(共 15小题)
1.终边在直线 y=x上的角α的集合是( )
,则 等于( )
A.
B.
C.
D.
11.如图所示,在正方形 ABCD中,E为 BC的中点,F为的 AE中点,则 =( )
A.
B.
C.
D.
试卷第 2页,总 6页
…………○ …………外 …………○ …………装 …………○ …………订 …………○ …………线 …………○ ……… 学校:___________姓名:________班级:________考号:________

(1)若角α的终边与单位圆交于点
,求 f(α)的值;
(2)当
时,求 f(x)的单调递增区间和值域.
试卷第 2页,总 6页
…………○ …………外 …………○ …………装 …………○ …………订 …………○ …………线 …………○ ……… 学校:___________姓名:________班级:________考号:________
这是一个偶函数,故所得的图象关于 y轴对称,故 C正确; 在(0, )上, x+ ∈( , ),函数 f(x)=Asin( x+ )没有
单调性,故 D错误, 故选:C. 【点评】本题主要考查三角函数的周期性,三角函数的图象和性质,属于中
档题. 7.在△ABC中,已知 AB= ,AC=2 ,点 D为 BC的三等分点(靠近
则( ) A.函数 f(x)的一个零点为
B.函数 f(x)的图象关于直线 x= 对称
C.函数 f(x)图象上的所有点向左平移 个单位长度后,所得的图象关
于 y轴对称 D.函数 f(x)在(0,
)上单调递增
7.在△ABC中,已知 AB= ,AC=2 ,点 D为 BC的三等分点(靠近
点 C),则 • 的取值范围为( )
A.
B.
C.
D.
4.sin(﹣ π)的值等于( )
A.
B.﹣
C.
D.﹣
5.函数
的最小正周期为( )
A.2π
B.π
C.
D.
6.已知函数 f(x)=Asin(ωx+ )(A>0,ω>0)的最小正周期为 3π,
试卷第 1页,总 6页
…………○ …………内 …………○ …………装 …………○ …………订 …………○ …………线 …………○ ……… ※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※
A.{α|α=k•360°+45°,k∈Z}
B.{α|α=k•360°+225°,k∈Z}
C.{α|α=k•180°+45°,k∈Z}
D.{α|α=k•180°﹣45°,k∈Z}
2.已知 sinα= ,则 cos(π﹣2α)=( )
A.﹣
B.﹣
C.
D.
3.α是第四象限角,tanα=﹣ ,则 sinα=( )
1
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
故选:B. 【点评】本题考查正弦函数的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意同
角三角函数的性质的合理运用. 4.sin(﹣ π)的值等于( )
A.
B.﹣
C.
D.﹣
【分析】由条件利用诱导公式进行化简所给的式子,可得结果. 【解答】解:sin(﹣ π)=sin(﹣ )=﹣sin =sin = ,
【点评】本题考查终边相同的角,明确“终边在直线 y=x上的角的集合”的含
义是关键,属于基础题.
2.已知 sinα= ,则 cos(π﹣2α)=( )
A.﹣
B.﹣
C.
D.
【分析】利用诱导公式、二倍角的余弦公式,求得 cos(π﹣2α)的值. 【解答】解:sinα= ,则 cos(π﹣2α)=﹣cos2α=﹣(1﹣2sin2α)=2sin2α
…………○ …………内 …………○ …………装 …………○ …………订 …………○ …………线 …………○ ………
24.若 25.
评卷人
,则 cos2α=
+

得分
. .
三.解答题(共 6小题) 26.已知 sinα+3cosα=0,求下列各式的值:
(1) (2)
; +tan( +α).
27.已知函数 f(x)=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0,|φ|<π),它的部分图
【点评】本题考查的知识要点:三角函数关系式的恒等变变换,正弦型函数
性质的应用,主要考查学生的运算能力和转化能力,属于基础题型.
6.已知函数 f(x)=Asin(ωx+ )(A>0,ω>0)的最小正周期为 3π,
则( ) A.函数 f(x)的一个零点为
B.函数 f(x)的图象关于直线 x= 对称
C.函数 f(x)图象上的所有点向左平移 个单位长度后,所得的图象关
(1)求函数 y=f(x)图象的对称轴方程; (2)若 x∈[0, ],求函数 y=f(x)的值域.
30.如图,在平面直角坐标系 xOy中,点 A(x1,y1)、B(x2,y2)都在单
位圆 O上,∠xOA=α,且

(Ⅰ)若
,求 x1的值;
(Ⅱ)若∠AOB= ,求 y=x12+y22的取值范围.
31.已知函数
A.{α|α=k•360°+45°,k∈Z}
B.{α|α=k•360°+225°,k∈Z}
C.{α|α=k•180°+45°,k∈Z}
D.{α|α=k•180°﹣45°,k∈Z}
【分析】利用与α终边相同角的关系式为 k•360°+α°,k∈Z,即可得到终边在
直线 y=x上的角的集合.
【解答】解:解:设终边在直线 y=x上的角的集合为 P, 则 P={α|α=k•360°+45°,k∈Z}∪{α|α=k•360°+180°+45°,k∈Z} ={α|α=k•180°+45°,k∈Z}, 故选:C.
【点评】此题考查了数量积,向量加减法法则,三角函数最值等,难度不大. 8.已知向量 和 的夹角为 ,||=2,||=3,则(2 ﹣ )( +2 )=( )
A.
B.
C.
D.
13.已知 sin( ﹣α)= ,则 cos(2α+ )=( )
A.﹣
B.
C.
14.已知 sin4θ+cos4θ= ,则 sin2θ=( )
D.﹣
A.
B.±
C.
D.±
15.已知点 A,B,C,D是直角坐标系中不同的四点,若 =λ (λ∈R),
=μ (μ∈R),且 + =2,则下列说法正确的是( )
A.C可能是线段 AB的中点 B.D可能是线段 AB的中点 C.C、D可能同时在线段 AB上 D.C、D不可能同时在线段 AB的延长线上
试卷第 1页,总 6页
…………○ …………内 …………○ …………装 …………○ …………订 …………○ …………线 …………○ ……… ※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※
∴函数 f(x)=Asin( x+ ).
令 x= ,f(x)≠0,故 x= 不是函数 f(x)的一个零点,故 A错误;
令 x= ,f(x)不是最值,故 x= 不是函数 f(x)的图象的对称轴,故
B错误; 把函数 f(x)图象上的所有点向左平移
个单位长度后,可得 y=Asin(
+ + )=AcosB. 【点评】本题主要考查二倍角的余弦公式、诱导公式的应用,属于基础题. 3.α是第四象限角,tanα=﹣ ,则 sinα=( )
A.
B.
C.
D.
【分析】由 cosα=
,先求出 cosα,由此能求出 sinα.
【解答】解:∵α是第四象限角,

∴cosα=

=,
∴sinα=﹣
=﹣
=﹣ .
于 y轴对称 D.函数 f(x)在(0,
)上单调递增
2
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
【分析】利用三角函数的周期性求得ω的值,可得函数的解析式,再利用三 角函数的图象和性质,得出结论.
【解答】解:∵函数 f(x)=Asin(ωx+ )(A>0,ω>0)的最小正周期
为 =3π,∴ω= ,
象如图所示.
(1)求函数 f(x)的解析式;
(2)当 x∈[
]时,求函数 f(x)的值域.
28.如图,直角梯形 ABCD中,| |=2,∠CDA= , =2 ,角 B为 直角,E为 AB的中点, =λ (0≤λ≤1).
(1)当λ= 时,用向量 , 表示向量 ; (2)求| |的最小值,并指出相应的实数λ的值.
故选:A.
【点评】本题主要考查应用诱导公式化简三角函数式,属于基础题.
5.函数
的最小正周期为( )
A.2π
B.π
C.
D.
【分析】首先利用三角函数关系式的恒等变变换,进一步利用正弦型函数的
性质求出结果.
【解答】解:



由于 y=sin(x+θ)的周期为 2π,
所以:
的周期减半,
故:函数的周期为π.
故选:B.
试卷第 1页,总 6页
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