2024年高考数学总复习第八章《立体几何与空间向量》空间向量及其运算

2024年高考数学总复习第八章《立体几何与空间向量》
§8.5
空间向量及其运算
最新考纲
1.经历向量及其运算由平面向空间推广的过程.
2.了解空间向量的概念，了解空
间向量的基本定理及其意义，掌握空间向量的正交分解及其坐标表示.3.掌握空间向量的线性运算及其坐标表示.4.掌握空间向量的数量积及其坐标表示，能运用向量的数量积判断向量的共线与垂直．
1．空间向量的有关概念
名称概念表示零向量模为0的向量0
单位向量长度(模)为1的向量相等向量方向相同且模相等的向量a ＝b
相反向量方向相反且模相等的向量
a 的相反向量为－a
共线向量表示空间向量的有向线段所在的直线互相平行或重合的向量
a ∥
b 共面向量
平行于同一个平面的向量
2．空间向量中的有关定理(1)共线向量定理
空间两个向量a 与b (b ≠0)共线的充要条件是存在实数λ，使得a ＝λb .(2)共面向量定理
共面向量定理的向量表达式：p ＝x a ＋y b ，其中x ，y ∈R ，a ，b 为不共线向量．(3)空间向量基本定理
如果三个向量a ，b ，c 不共面，那么对空间任一向量p ，存在有序实数组{x ，y ，z }，使得p ＝x a ＋y b ＋z c ，{a ，b ，c }叫做空间的一个基底．3．空间向量的数量积及运算律(1)数量积及相关概念①两向量的夹角
已知两个非零向量a ，b ，在空间任取一点O ，作OA →＝a ，OB →
＝b ，则∠AOB 叫做向量a ，b
的夹角，记作〈a ，b 〉，其范围是0≤〈a ，b 〉≤π，若〈a ，b 〉＝π
2，则称a 与b 互相垂直，
记作a ⊥b .②两向量的数量积
已知空间两个非零向量a ，b ，则|a ||b |cos 〈a ，b 〉叫做向量a ，b 的数量积，记作a ·b ，即a ·b ＝|a ||b |cos 〈a ，b 〉．(2)空间向量数量积的运算律①(λa )·b ＝λ(a ·b )；②交换律：a ·b ＝b ·a ；③分配律：a ·(b ＋c )＝a ·b ＋a ·c .4．空间向量的坐标表示及其应用设a ＝(a 1，a 2，a 3)，b ＝(b 1，b 2，b 3).
向量表示
坐标表示数量积a·b
a 1
b 1＋a 2b 2＋a 3b 3
共线a ＝λb (b ≠0，λ∈R )a 1＝λb 1，a 2＝λb 2，a 3＝λb 3
垂直a ·b ＝0(a ≠0，b ≠0)
a 1
b 1＋a 2b 2＋a 3b 3＝0
模|a |
a 21＋a 22＋a 23
夹角
〈a ，b 〉(a ≠0，b ≠0)
cos 〈a ，b 〉＝
a 1
b 1＋a 2b 2＋a 3b 3
a 21＋a 22＋a 23·
b 21＋b 22＋b 2
3
概念方法微思考
1．共线向量与共面向量相同吗？提示
不相同．平行于同一平面的向量就为共面向量．
2．零向量能作为基向量吗？
提示不能．由于零向量与任意一个非零向量共线，与任意两个非零向量共面，故零向量不能作为基向量．
3．空间向量的坐标运算与坐标原点的位置选取有关吗？
提示无关．这是因为一个确定的几何体，其“线线”夹角、“点点”距离都是固定的，坐标系的位置不同，只会影响其计算的繁简，不会影响结果．
题组一思考辨析
1．判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)空间中任意两个非零向量a ，b 共面．(
√
)(2)在向量的数量积运算中(a ·b )·c ＝a ·(b ·c )．(
×
)
(3)对于非零向量b ，由a ·b ＝b ·c ，则a ＝c .(×)
(4)两向量夹角的范围与两异面直线所成角的范围相同．(
×
)
(5)若A ，B ，C ，D 是空间任意四点，则有AB →＋BC →＋CD →＋DA →
＝0.(√)
(6)若a·b <0，则〈a ，b 〉是钝角．(×)
题组二
教材改编
2．如图所示，在平行六面体ABCD —A 1B 1C 1D 1中，M 为A 1C 1与B 1D 1的交点．若AB →＝a ，AD →
＝b ，AA 1→＝c ，则下列向量中与BM →
相等的向量是(
)
A ．－12a ＋12b ＋c
B.12a ＋1
2b ＋c C ．－12a －12b ＋c
D.12a －12
b ＋
c 答案A
解析
BM →＝BB 1→＋B 1M →＝AA 1→＋12
(AD →－AB →
)
＝c ＋12(b －a )＝－12a ＋1
2
b ＋
c .
3．正四面体ABCD 的棱长为2，E ，F 分别为BC ，AD 的中点，则EF 的长为________．答案2
解析
|EF →|2＝EF →2＝(EC →＋CD →＋DF →)2
＝EC →2＋CD →2＋DF →2＋2(EC →·CD →＋EC →·DF →＋CD →·DF →)＝12＋22＋12＋2(1×2×cos 120°＋0＋2×1×cos 120°)＝2，
∴|EF →
|＝2，∴EF 的长为2.题组三
易错自纠
4．在空间直角坐标系中，已知A (1，2，3)，B (－2，－1，6)，C (3，2，1)，D (4，3，0)，则直线AB 与CD 的位置关系是()
A ．垂直
B ．平行
C ．异面
D ．相交但不垂直
答案B
解析
由题意得，AB →＝(－3，－3，3)，CD →
＝(1，1，－1)，
∴AB →＝－3CD →，∴AB →与CD →
共线，又AB 与CD 没有公共点，∴AB ∥CD .5．已知a ＝(2，3，1)，b ＝(－4，2，x )，且a ⊥b ，则|b |＝________.答案26
解析
∵a ⊥b ，∴a ·b ＝2×(－4)＋3×2＋1·x ＝0，
∴x ＝2，∴|b |＝(－4)2＋22＋22＝2 6.
6．O 为空间中任意一点，A ，B ，C 三点不共线，且OP →＝34OA →＋18OB →＋tOC →
，若P ，A ，B ，C
四点共面，则实数t ＝______.答案1
8
解析
∵P ，A ，B ，C 四点共面，
∴34＋18＋t ＝1，∴t ＝18
.
题型一空间向量的线性运算
例1如图所示，在空间几何体ABCD －A 1B 1C 1D 1中，各面为平行四边形，设AA 1→＝a ，AB →
＝b ，AD →
＝c ，M ，N ，P 分别是AA 1，BC ，C 1D 1的中点，试用a ，b ，c 表示以下各向量：
(1)AP →；(2)MP →＋NC 1→.解
(1)因为P 是C 1D 1的中点，
所以AP →＝AA 1→＋A 1D 1→＋D 1P →＝a ＋AD →＋12D 1C 1
→＝a ＋c ＋12AB →＝a ＋c ＋1
2b .
(2)因为M 是AA 1的中点，
所以MP →＝MA →＋AP →＝12A 1A →＋AP
→
＝－1
2a ＋c ＋12
b ＝12a ＋1
2
b ＋
c .又NC 1→＝NC →＋CC 1→＝12BC →＋AA 1
→＝12AD →＋AA 1→＝1
2
c ＋a ，
所以MP →＋NC 1→
＋12b ＋＋1
2c ＝32a ＋12b ＋32
c .思维升华用基向量表示指定向量的方法(1)结合已知向量和所求向量观察图形．
(2)将已知向量和所求向量转化到三角形或平行四边形中．
(3)利用三角形法则或平行四边形法则把所求向量用已知基向量表示出来．
跟踪训练1(1)如图所示，在长方体ABCD －A 1B 1C 1D 1中，O 为AC 的中点．用AB →，AD →，AA 1→表示OC 1→，则OC 1→
＝________________.
答案12AB →＋12
AD →＋AA 1→解析
∵OC →＝12AC →＝12
(AB →＋AD →)，
∴OC 1→＝OC →＋CC 1→＝12(AB →＋AD →)＋AA 1
→
＝12AB →＋12
AD →＋AA 1→.(2)如图，在三棱锥O —ABC 中，M ，N 分别是AB ，OC 的中点，设OA →＝a ，OB →＝b ，OC →
＝c ，用a ，b ，c 表示NM →，则NM →
等于(
)
A.1
2
(－a ＋b ＋c )B.1
2
(a ＋b －c )C.1
2
(a －b ＋c )D.1
2(－a －b ＋c )答案B
解析
NM →＝NA →＋AM →＝(OA →－ON →)＋12
AB
→＝OA →－12OC →＋12(OB →－OA →)＝12OA →＋12OB →－12OC
→＝1
2(a ＋b －c )．
题型二
共线定理、共面定理的应用
例2如图，已知E ，F ，G ，H 分别是空间四边形ABCD 的边AB ，BC ，CD ，DA 的中点．
(1)求证：E ，F ，G ，H 四点共面；(2)求证：BD ∥平面EFGH .证明
(1)连接BG ，
则EG →＝EB →＋BG →＝EB →＋12(BC →＋BD →)
＝EB →＋BF →＋EH
→
＝EF →＋EH →，
由共面向量定理的推论知E ，F ，G ，H 四点共面．(2)因为EH →＝AH →－AE →
＝12AD →－12
AB →＝12(AD →－AB →)＝12BD →，所以EH ∥BD .
又EH ⊂平面EFGH ，BD ⊄平面EFGH ，所以BD ∥平面EFGH .
思维升华证明三点共线和空间四点共面的方法比较
三点(P ，A ，B )共线空间四点(M ，P ，A ，B )共面
PA →＝λPB →
且同过点P MP →＝xMA →＋yMB
→对空间任一点O ，OP →＝OA →＋tAB →
对空间任一点O ，OP →＝OM →＋xMA →＋yMB →
对空间任一点O ，OP →＝xOA →＋(1－x )OB
→
对空间任一点O ，OP →＝xOM →＋yOA →＋(1－x －y )OB
→
跟踪训练2如图所示，已知斜三棱柱ABC —A 1B 1C 1，点M ，N 分别在AC 1和BC 上，且满足AM →＝kAC 1→，BN →＝kBC →
(0≤k ≤1)．
(1)向量MN →是否与向量AB →，AA 1→
共面？(2)直线MN 是否与平面ABB 1A 1平行？解
(1)∵AM →＝kAC 1→，BN →＝kBC →，
∴MN →＝MA →＋AB →＋BN →＝kC 1A →＋AB →＋kBC →＝k (C 1A →＋BC →)＋AB →＝k (C 1A →＋B 1C 1→)＋AB →＝kB 1A →＋AB →＝AB →－kAB 1
→
＝AB →－k (AA 1→＋AB →)＝(1－k )AB →－kAA 1→
，
∴由共面向量定理知向量MN →与向量AB →，AA 1→
共面．(2)当k ＝0时，点M ，A 重合，点N ，B 重合，MN 在平面ABB 1A 1内，
当0<k ≤1时，MN 不在平面ABB 1A 1内，又由(1)知MN →与AB →，AA 1→
共面，∴MN ∥平面ABB 1A 1.
综上，当k ＝0时，MN 在平面ABB 1A 1内；当0<k ≤1时，MN ∥平面ABB 1A 1.
题型三
空间向量数量积的应用
例3如图所示，已知空间四边形ABCD 的各边和对角线的长都等于a ，点M ，N 分别是AB ，CD 的中点．
(1)求证：MN ⊥AB ，MN ⊥CD ；
(2)求异面直线AN 与CM 所成角的余弦值．(1)证明
设AB →＝p ，AC →＝q ，AD →＝r .
由题意可知，|p |＝|q |＝|r |＝a ，且p ，q ，r 三个向量两两夹角均为60°.MN →＝AN →－AM →＝12(AC →＋AD →)－12AB
→＝1
2
(q ＋r －p )，∴MN →·AB →＝12(q ＋r －p )·p ＝1
2(q ·p ＋r ·p －p 2)
＝1
2
(a 2cos 60°＋a 2cos 60°－a 2)＝0.∴MN →⊥AB →
，即MN ⊥AB .同理可证MN ⊥CD .(2)解
设向量AN →与MC →
的夹角为θ.
∵AN →＝12(AC →＋AD →)＝1
2
(q ＋r )，
MC →＝AC →－AM →＝q －12p ，
∴AN →·MC →＝1
2(q ＋r －12
p
2－12q ·p ＋r ·q －12r ·
2－12a 2cos 60°＋a 2cos 60°－1
2a 2cos
2
－a 24＋a 22－＝a 22
.又∵|AN →|＝|MC →|＝32
a ，
∴AN →·MC →＝|AN →||MC →|cos θ＝32a ×32a ×cos θ＝a 22.
∴cos
θ＝2
3
.
∴向量AN →与MC →的夹角的余弦值为23，从而异面直线AN 与CM 所成角的余弦值为2
3.
思维升华(1)利用向量的数量积可证明线段的垂直关系，也可以利用垂直关系，通过向量共线确定点在线段上的位置．
(2)利用夹角公式，可以求异面直线所成的角，也可以求二面角．(3)可以通过|a |＝a 2，将向量的长度问题转化为向量数量积的问题求解．
跟踪训练3如图，在平行六面体ABCD －A 1B 1C 1D 1中，以顶点A 为端点的三条棱长度都为1，且两两夹角为60°.
(1)求AC 1→
的长；
(2)求BD 1→与AC →
夹角的余弦值．解
(1)记AB →＝a ，AD →＝b ，AA 1→
＝c ，
则|a |＝|b |＝|c |＝1，〈a ，b 〉＝〈b ，c 〉＝〈c ，a 〉＝60°，∴a ·b ＝b ·c ＝c ·a ＝12
.
|AC 1→|2
＝(a ＋b ＋c )2＝a 2＋b 2＋c 2＋2(a ·b ＋b ·c ＋c ·a )＝1＋1＋1＋2＋12＋6，
∴|AC 1→
|＝6，即AC 1的长为6.(2)BD 1→＝b ＋c －a ，AC →
＝a ＋b ，∴|BD 1→|＝2，|AC →
|＝3，BD 1→·AC →
＝(b ＋c －a )·(a ＋b )＝b 2－a 2＋a ·c ＋b ·c ＝1，
∴cos 〈BD 1→，AC →〉＝BD 1，→·AC →|BD 1→||AC →|＝6
6.
即BD 1→与AC →夹角的余弦值为6
6
.
1．已知a ＝(2，3，－4)，b ＝(－4，－3，－2)，b ＝1
2x －2a ，则x 等于(
)
A ．(0，3，－6)
B ．(0，6，－20)
C ．(0，6，－6)
D ．(6，6，－6)
答案B
解析
由b ＝1
2
x －2a ，得x ＝4a ＋2b ＝(8，12，－16)＋(－8，－6，－4)＝(0，6，－20)．
2．在下列命题中：
①若向量a ，b 共线，则向量a ，b 所在的直线平行；
②若向量a ，b 所在的直线为异面直线，则向量a ，b 一定不共面；③若三个向量a ，b ，c 两两共面，则向量a ，b ，c 共面；
④已知空间的三个向量a ，b ，c ，则对于空间的任意一个向量p 总存在实数x ，y ，z 使得p ＝x a ＋y b ＋z c .
其中正确命题的个数是()
A ．0
B ．1
C ．2
D ．3
答案
A
解析a 与b 共线，a ，b 所在的直线也可能重合，故①不正确；根据自由向量的意义知，空间任意两向量a ，b 都共面，故②不正确；三个向量a ，b ，c 中任意两个一定共面，但它们三个却不一定共面，故③不正确；只有当a ，b ，c 不共面时，空间任意一向量p 才能表示为p ＝x a ＋y b ＋z c ，故④不正确，综上可知四个命题中正确的个数为0，故选A.
3．已知向量a ＝(2m ＋1，3，m －1)，b ＝(2，m ，－m )，且a ∥b ，则实数m 的值等于(
)
A.32B ．－2
C ．0 D.32
或－2答案B
解析
当m ＝0时，a ＝(1，3，－1)，b ＝(2，0，0)，a 与b 不平行，∴m ≠0，∵a ∥b ，
∴2m ＋12
＝3m ＝m －1－m ，解得m ＝－2.4．在空间直角坐标系中，已知A (1，－2，1)，B (2，2，2)，点P 在z 轴上，且满足|PA |＝|PB |，则P 点坐标为(
)A ．(3，0，0)
B ．(0，3，0)
C ．(0，0，3)
D ．(0，0，－3)
答案
C 解析设P (0，0，z )，则有(1－0)2＋(－2－0)2＋(1－z )2
＝(2－0)2＋(2－0)2＋(2－z )2，
解得z ＝3.
5．已知a ＝(1，0，1)，b ＝(x ，1，2)，且a·b ＝3，则向量a 与b 的夹角为(
)A.5π6 B.
2π3 C.π3 D.π6答案D
解析∵a·b ＝x ＋2＝3，∴x ＝1，∴b ＝(1，1，2)，
∴cos 〈a ，b 〉＝
a·b |a||b |＝32×6＝32，又∵〈a ，b 〉∈[0，π]，∴a 与b 的夹角为π6
，故选D.6.如图，在大小为45°的二面角A －EF －D 中，四边形ABFE ，CDEF 都是边长为1的正方形，则B ，D 两点间的距离是()
A.3
B.2C ．1 D.3－2答案
D 解析∵BD →＝BF →＋F
E →＋ED →，
∴|BD →|2＝|BF →|2＋|FE →|2＋|ED →|2＋2BF →·FE →＋2FE →·ED →＋2BF →·ED →＝1＋1＋1－2＝3－2，
故|BD
→|＝3－2.
7．已知a＝(2，1，－3)，b＝(－1，2，3)，c＝(7，6，λ)，若a，b，c三向量共面，则λ＝________.答案－9
解析由题意知c＝x a＋y b，
即(7，6，λ)＝x(2，1，－3)＋y(－1，2，3)，
x－y＝7，
＋2y＝6，
3x＋3y＝λ，
解得λ＝－9.
8．已知a＝(x，4，1)，b＝(－2，y，－1)，c＝(3，－2，z)，a∥b，b⊥c，则c＝________.答案(3，－2，2)
解析因为a∥b，所以
x
－2
＝
4
y＝
1
－1
，
解得x＝2，y＝－4，
此时a＝(2，4，1)，b＝(－2，－4，－1)，
又因为b⊥c，所以b·c＝0，
即－6＋8－z＝0，解得z＝2，于是c＝(3，－2，2)．
9．已知V为矩形ABCD所在平面外一点，且VA＝VB＝VC＝VD，VP→＝1
3
VC→，VM→＝2
3
VB→，VN→＝
2
3
VD→.则VA与平面PMN的位置关系是________．
答案平行
解析如图，设VA
→
＝a，VB
→
＝b，VC
→
＝c，则VD
→
＝a＋c－b，
由题意知PM
→
＝
2
3
b－1
3
c，
PN→＝2
3
VD→－1
3
VC→
＝
2
3
a－2
3
b＋1
3
c.
因此VA
→
＝
3
2
PM→＋3
2
PN→，
∴VA
→
，PM
→
，PN
→
共面．
又VA⊄平面PMN，∴VA∥平面PMN.
10．已知ABCD －A 1B 1C 1D 1为正方体，
①(A 1A →＋A 1D 1→＋A 1B 1→)2＝3A 1B 1→2；
②A 1C →·(A 1B 1→－A 1A →)＝0；
③向量AD 1→与向量A 1B →的夹角是60°；
④正方体ABCD －A 1B 1C 1D 1的体积为|AB →·AA 1→·AD →|.
其中正确的序号是________．
答案①②
解析①中，(A 1A →＋A 1D 1→＋A 1B 1→)2＝A 1A →2＋A 1D 1→2＋A 1B 1→2＝3A 1B 1→2，故①正确；②中，
A 1
B 1→－A 1A →＝AB 1→，因为AB 1⊥A 1
C ，故②正确；③中，两异面直线A 1B 与A
D 1所成的角为60°，但AD 1→与A 1B →的夹角为120°，故③不正确；④中，|AB →·AA 1→·AD →|＝0，故④也不正确．
11．已知A ，B ，C 三点不共线，对平面ABC 外的任一点O ，若点M 满足OM →＝13
(OA →＋OB →＋OC →)．(1)判断MA →，MB →，MC →三个向量是否共面；
(2)判断点M 是否在平面ABC 内．
解(1)由题意知OA →＋OB →＋OC →＝3OM →，
∴OA →－OM →＝(OM →－OB →)＋(OM →－OC →)，
即MA →＝BM →＋CM →＝－MB →－MC →，
∴MA →，
MB →，MC →共面．(2)由(1)知MA →，MB →，MC →共面且过同一点M ，
∴M ，A ，B ，C 四点共面．
∴点M 在平面ABC 内．
12．已知a ＝(1，－3，2)，b ＝(－2，1，1)，A (－3，－1，4)，B (－2，－2，2)．
(1)求|2a ＋b |；
(2)在直线AB 上，是否存在一点E ，使得OE →⊥b ？(O 为原点)
解(1)2a ＋b ＝(2，－6，4)＋(－2，1，1)＝(0，－5，5)，
故|2a ＋b |＝02＋(－5)2＋52＝5 2.
(2)令AE →＝tAB →(t ∈R )，
所以OE →＝OA →＋AE →＝OA →＋tAB
→＝(－3，－1，4)＋t (1，－1，－2)
＝(－3＋t ，－1－t ，4－2t )，
若OE →⊥b ，则OE →·b ＝0，
所以－2(－3＋t )＋(－1－t )＋(4－2t )＝0，解得t ＝95
.因此存在点E ，使得OE →⊥b ，此时E －65，－145，
13.如图，已知空间四边形OABC ，其对角线为OB ，AC ，M ，N 分别为OA ，BC 的中点，点
G 在线段MN 上，且MG →＝2GN →，若OG →＝xOA →＋yOB →＋
zOC →，则x ＋y ＋z ＝________.
答案
56解析连接ON ，设OA →＝a ，
OB →＝b ，OC →＝c ，
则MN →＝ON →－OM →＝12(OB →＋OC →)－12OA →＝12b ＋12c －12
a ，OG →＝OM →＋MG →＝12OA →＋23
MN →＝12a
＋12c －12a ＝16a ＋13b ＋13
c .又OG →＝xOA →＋yOB →＋zOC →，
所以x ＝16y ＝13，z ＝13
，因此x ＋y ＋z ＝16＋13＋13＝56
.14．A ，B ，C ，D 是空间不共面的四点，且满足AB →·AC →＝0，AC →·AD →＝0，AB →·AD →＝0，M 为
BC 中点，则△AMD 是()
A ．钝角三角形
B ．锐角三角形
C ．直角三角形
D ．不确定答案
C 解析∵M 为BC 中点，∴AM →＝12
(AB →＋AC →)，∴AM →·AD →＝12
(AB →＋AC →)·AD →＝12AB →·AD →＋12
AC →·AD →＝0.∴AM ⊥AD ，△AMD 为直角三角形．
15．已知O (0，0，0)，A (1，2，1)，B (2，1，2)，P (1，1，2)，点Q 在直线OP 上运动，当QA →·QB
→取最小值时，点Q 的坐标是________．
答案
(1，1，2)解析由题意，设OQ →＝λOP →，则OQ →＝(λ，λ，2λ)，即Q (λ，λ，2λ)，则QA →＝(1－λ，2－λ，1
－2λ)，QB →＝(2－λ，1－λ，2－2λ)，∴QA →·QB →＝(1－λ)(2－λ)＋(2－λ)(1－λ)＋(1－2λ)(2－2λ)＝6λ2－12λ＋6＝6(λ－1)2，当λ＝1时取最小值，此时Q 点坐标为(1，1，2)．
16．如图，在直三棱柱ABC －A ′B ′C ′中，AC ＝BC ＝AA ′，∠ACB ＝90°，D ，E 分别为棱AB ，BB ′的中点．
(1)求证：CE ⊥A ′D ；
(2)求异面直线CE 与AC ′所成角的余弦值．
(1)证明设CA →＝a ，CB →＝b ，CC ′→＝c ，
根据题意得|a |＝|b |＝|c |，
且a ·b ＝b ·c ＝c ·a ＝0，
∴CE →＝b ＋12c ，A ′D →＝－c ＋12b －12
a ，∴CE →·A ′D →＝－12c 2＋12
b 2＝0，∴CE →⊥A ′D →，即CE ⊥A ′D .
(2)解∵AC ′→＝－a ＋c ，|AC ′→|＝2|a |，|CE →|＝52
|a |，AC ′→·CE →＝(－a ＋
c ＋12c ＝12c 2＝12
|a |2，∴cos 〈AC ′→，CE →〉＝AC ′，→·CE →|AC ′→||CE →|＝12|a |22×52
|a |2＝1010，即异面直线CE 与AC ′所成角的余弦值为1010
.。