成都七中2020届3月14日理综(含答案)

3．14日理综物理答案

14.【答案】B

【解析】α、β、γ三种射线中α射线电离作用最强，选项A 错误；中等核的比结合能较大，则两个轻核结合成质量较大的核，核子的比结合能增加，选项B 正确；根据玻尔原子理论，氢原子在辐射光子的同时，轨道半径不是连续地减小，而是轨道量子化，故C 错误；放射性元素组成的化合物进行高温分解时，放射性元素的半衰期不会改变，选项D 错误；故选B.

15.【答案】C

【解析】图甲中，仅仅调换N 、S 极位置或仅仅调换电源的正负极位置，安培力方向肯定改变，液体的旋转方向要改变，故AB 均错误；图乙中，当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，根据安培定则知，各圈导线之间都产生了相互的吸引作用，弹簧就缩短了，当弹簧的下端离开水银后，电路断开，弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，弹簧中又有了电流，开始重复上述过程，可以观察到弹簧不断上下振动；如果改变电源的正负极，依然可以观察到弹簧不断上下振动；但是如果将水银换成酒精，酒精不导电，则弹簧将不再上下振动，故选项C 正确，D 错误；故选C.

16【答案】C

【解析】木块受重力、斜面AB 的支持力、斜面BC 的支持力、斜面AB 的摩擦力以及推力F 的作用，选项A 错误；水平推力F =f =μmgcos300=√32

μmg ，选项C 正确；木块对V 形槽的作用力大小等于力F 与重力mg 的合力，则大小大于mg ，选项B 错误；木块对BC 面的压力大小为 mgcos600=0.5mg ，选项D 错误；故选C.

17. 【答案】： B

【解析】： 飞船在返回地球的过程中需要发动机做功控制速度，机械能不守恒，A 错误；根据万有引力提供向心

力，有GMm r 2＝m 4π2

T 2r ，解得T ＝ 4π2r 3GM ，可知T 1T 2＝ r 31r 32，国际空间站的轨道半径为6 800 km ，地球同步卫星的轨道半径为42 400 km ，地球同步卫星的周期为24 h ，可得国际空间站的运行周期约为90 min ，B 正确；地球的第一宇宙速度是所有地球人造卫星的最大环绕速度，所以国际空间站的速度小于地球的第一宇宙速度，C 错误；返回时，需先让飞船与国际空间站脱离，然后减速才可下降，D 错误。

18．【答案】： A

【解析】小球从a 点正上方O 点抛出，做初速为v 0的平抛运动，恰落在b 点，改变初速度，落在c 点，知水平位移变为原来的2倍，若时间不变，则初速度变为原来的2倍，由于运动时间变长，则初速度小于2v 0，故A 正确，BCD 错误。

19.【答案】BC

【解析】 灯泡正常发光时的电流I 0＝36

A ＝0.5 A ，则副线圈中电流I 2＝2I 0，而原线圈中电流I 1＝I 0，则变压器原副线圈的匝数比n 1∶n 2＝I 2∶I 1＝2∶1，A 错误；由题图乙可知交变电流的周期T ＝0.02 s ，则频率f ＝1T

＝50 Hz ，变压器不改变交变电流的频率，B 正确；电流表的示数I A ＝I 2＝2I 0＝1 A ，C 正确；因灯泡正常发光，则副线圈的两端电压U 2＝6 V ，则原线圈两端电压U 1＝n 1

n 2

U 2＝12 V ，电压表示数为12 V ，D 错误．

20．【答案】CD

【解析】A ．对小球A 受力分析，受重力、静电力、拉力，如图所示：

根据平衡条件，有：1tan A F m g

θ= 故：1

tan A F m g θ=⋅ 同理，有：2tan B F m g θ=

⋅ 由于θ1＞θ2，故m A ＜m B ，故A 错误；

B ．两球间的库仑力是作用力与反作用力，一定相等，与两个球是否带电量相等无关，故B 错误；

C ．设悬点到AB 的竖直高度为h ，则摆球A 到最低点时下降的高度：

1111(1)cos cos h h h h θθ∆=

-=- 小球摆动过程机械能守恒，有212

A A A A m g h m v ∆=

解得：A v 由于θ1＞θ2，A 球摆到最低点过程，下降的高度△h A ＞△h B ，故A 球的速度较大，故C 正确；

D ．小球摆动过程机械能守恒，有mg △h =

E K 故(1cos )(1cos )tan k FL E mg h mgL θθθ

=∆=-=- 其中L cos θ相同，根据数学中的半角公式，得到：

1cos (1cos )cos ()cos tan tan sin 2

k FL E FL FL θθθθθθθ-=-==⋅ 其中FL cos θ相同，故θ越大，动能越大，故E kA 一定大于E kB ，故D 正确。

21．【答案】AC

【解析】A 、恒力F 作用瞬间，金属棒cd 的加速度大小为3122

mg mg a g m μμμ-==，故A 正确； B 、当cd 棒的加速度为零时速度最大．设cd 加速度为零时所受的安培力为F 安，根据平衡条件有：32

mg F mg μμ=+安，则得1=2

F mg μ安，对ab 棒，因m F f mg μ<=安，所以金属棒ab 不可能运动，故B 错误；

C 、金属棒cd 先做加速运动，当金属棒cd 达到最大速度后匀速运动，此时2222BLv B L v F BIL B L R R

安===，结合1=2F mg μ安，可得金属棒cd 运动的最大速度大小22mgR v B L

μ=，故C 正确； D 、在极短的一段时间内，对金属棒cd ，由动量定理得：3()2

mg F mg t m v μμ--∆=∆安，整理得：221()22B L v mg t m v R μ-∆=∆，对式子两边求和有：22()221B L v mg t m v R

μ-∆=∆∑∑，则金属棒cd 从开始运动到速度达到最大时，整理有：220221B L mgt mv R

x μ-=-，联立以上式子解得：22222B L x mR t mgR B L μ=+，故D 错误．

22． 【答案】2.950 2

22d gLt ABD

23．【答案】 (1). H (2). (3). 最大 (7). 5.0 41.1

【解析】（1）因电池的电动势E 约为5V ，内阻r 约为40Ω，已知该电池允许输出的最大电流为40mA 。则保护电阻阻值最小为：R 0=E I m −r =50.04−40=85Ω，故选H. （2）因电压表的量程过大，则可用电流表与定值电阻R 1并联组成电路，如图；

（3）)将电阻箱的阻值调整到最大，闭合开关。

（7）根据闭合电路的欧姆定律可知：E =(IR A R 1+I)(R 0+r +R +R A R 1R A +R 1) ，带入数据整理可得：1I =40E R +3756+40r E 由

图像可知：40E =3320−1080280=8；3756+40r E =1080，解得E=5.0V ；r=41.1Ω

24．（12分）【答案】（1）12mg （2）34mg

【解析】（1）当木块与木楔斜面出现向下的相对滑动势时，拉力F 有最小值，则对木块进行受力分析有

sin cos N mg F F θθμ=+

cos sin N F mg F θθ=+

联立解得 12

F mg = 对木块和木楔斜面整体进行受力分析，可知木楔斜面受到地面的最大静摩擦力