Do_2020年山东省聊城市中考数学试卷(解析版)
2020年山东省聊城市中考数学试卷
2020年山东省聊城市中考数学试卷一、选择题（本题共12个小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）在实数﹣1，﹣，0，中，最小的实数是（）A．﹣1B．C．0D．﹣2．（3分）如图所示的几何体的俯视图是（）A．B．C．D．3．（3分）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠C＝65°，点D是BC边上任意一点，过点D作DF∥AB交AC于点E，则∠FEC的度数是（）A．120°B．130°C．145°D．150°4．（3分）下列计算正确的是（）A．a2•a3＝a6B．a6÷a﹣2＝a﹣3C．（﹣2ab2）3＝﹣8a3b6D．（2a+b）2＝4a2+b25．（3分）为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（）成绩/分84889296100人数/人249105A．92分，96分B．94分，96分C．96分，96分D．96分，100分6．（3分）计算÷3×的结果正确的是（）A．1B．C．5D．97．（3分）如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin∠ACB的值为（）A．B．C．D．8．（3分）用配方法解一元二次方程2x2﹣3x﹣1＝0，配方正确的是（）A．（x﹣）2＝B．（x﹣）2＝C．（x﹣）2＝D．（x﹣）2＝9．（3分）如图，AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB，垂足为点M，连接OC，DB．如果OC∥DB，OC＝2，那么图中阴影部分的面积是（）A．πB．2πC．3πD．4π10．（3分）如图，有一块半径为1m，圆心角为90°的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（）A．m B．m C．m D．m11．（3分）人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n个图形用图ⓝ表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（）A．150B．200C．355D．50512．（3分）如图，在Rt△ABC中，AB＝2，∠C＝30°，将Rt△ABC绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，在B′C′上取点D，使B′D＝2，那么点D到BC的距离等于（）A．2（+1）B．+1C．﹣1D．+1二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果）13．（3分）因式分解：x（x﹣2）﹣x+2＝．14．（3分）如图，在⊙O中，四边形OABC为菱形，点D在上，则∠ADC的度数是．15．（3分）计算：（1+）÷＝．16．（3分）某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是．17．（3分）如图，在直角坐标系中，点A（1，1），B（3，3）是第一象限角平分线上的两点，点C的纵坐标为1，且CA＝CB，在y轴上取一点D，连接AC，BC，AD，BD，使得四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值为．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．（7分）解不等式组并写出它的所有整数解．19．（8分）为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课，按照类别分为：A“剪纸”、B“沙画”、C“葫芦雕刻”、D“泥塑”、E“插花”．为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）本次调查的样本容量为；统计图中的a＝，b＝；（2）通过计算补全条形统计图；（3）该校共有2500名学生，请你估计全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数．20．（8分）今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的A，B两种树苗，每捆A种树苗比每捆B种树苗多10棵，每捆A种树苗和每捆B种树苗的价格分别是630元和600元，而每棵A种树苗和每棵B 种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的0.9倍和1.2倍．（1）求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？（2）如果购进的这批树苗共5500棵，A种树苗至多购进3500棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进A种树苗和B种树苗各多少棵？并求出最低费用．21．（8分）如图，在▱ABCD中，E为BC的中点，连接AE并延长交DC的延长线于点F，连接BF，AC，若AD＝AF，求证：四边形ABFC是矩形．22．（8分）如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量，先测得居民楼AB与CD之间的距离AC为35m，后站在M点处测得居民楼CD的顶端D的仰角为45°，居民楼AB的顶端B的仰角为55°，已知居民楼CD的高度为16.6m，小莹的观测点N距地面1.6m．求居民楼AB的高度（精确到lm）．（参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43）．23．（8分）如图，已知反比例函数y＝的图象与直线y＝ax+b相交于点A（﹣2，3），B（1，m）．（1）求出直线y＝ax+b的表达式；（2）在x轴上有一点P使得△P AB的面积为18，求出点P的坐标．24．（10分）如图，在△ABC中，AB＝BC，以△ABC的边AB为直径作⊙O，交AC于点D，过点D作DE⊥BC，垂足为点E．（1）试证明DE是⊙O的切线；（2）若⊙O的半径为5，AC＝6，求此时DE的长．25．（12分）如图，二次函数y═ax2+bx+4的图象与x轴交于点A（﹣1，0），B（4，0），与y轴交于点C，抛物线的顶点为D，其对称轴与线段BC交于点E，垂直于x轴的动直线l分别交抛物线和线段BC于点P和点F，动直线l在抛物线的对称轴的右侧（不含对称轴）沿x轴正方向移动到B点．（1）求出二次函数y＝ax2+bx+4和BC所在直线的表达式；（2）在动直线l移动的过程中，试求使四边形DEFP为平行四边形的点P的坐标；（3）连接CP，CD，在动直线l移动的过程中，抛物线上是否存在点P，使得以点P，C，F为顶点的三角形与△DCE相似？如果存在，求出点P的坐标；如果不存在，请说明理由．2020年山东省聊城市中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12个小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．解：∵|﹣|＞|﹣1|，∴﹣1＞﹣，∴实数﹣1，﹣，0，中，﹣＜﹣1＜0＜．故4个实数中最小的实数是：﹣．故选：D．2．解：从上面看，是一个矩形，矩形的靠右边有一条纵向的实线，故选：C．3．解：∵AB＝AC，∠C＝65°，∴∠B＝∠C＝65°，∵DF∥AB，∴∠CDE＝∠B＝65°，∴∠FEC＝∠CDE+∠C＝65°+65°＝130°；故选：B．4．解：A、a2•a3＝a5，原计算错误，故此选项不合题意；B、a6÷a﹣2＝a8，原计算错误，故此选项不合题意；C、（﹣2ab2）3＝﹣8a3b6，原计算正确，故此选项合题意；D、（2a+b）2＝4a2+4ab+b2，原计算错误，故此选项不合题意．故选：C．5．解：把这些数据从小到大排列，最中间的两个数是第15、16个数的平均数，所以全班30名同学的成绩的中位数是：＝94；96出现了10次，出现的次数最多，则众数是96，所以这些成绩的中位数和众数分别是94分，96分．故选：B．6．解：原式＝＝＝＝＝1．故选：A．7．解：如图，过点A作AH⊥BC于H．在Rt△ACH中，∵AH＝4，CH＝3，∴AC ＝＝＝5，∴sin∠ACH ＝＝，故选：D．8．解：由原方程，得x2﹣x ＝，x2﹣x +＝+，（x ﹣）2＝，故选：A．9．解：连接OD，BC，∵CD⊥AB，OC＝OD，∴DM＝CM，∠COB＝∠BOD，∵OC∥BD，∴∠COB＝∠OBD，∴∠BOD＝∠OBD，∴OD＝DB，∴△BOD是等边三角形，∴∠BOD＝60°，∴∠BOC＝60°，∵DM＝CM，∴S△OBC＝S△OBD，∴S△OBD＝S△CBD，∴S△OBC＝S△DBC，∴图中阴影部分的面积＝＝2π，故选：B．10．解：设底面半径为rm，则2πr ＝，解得：r ＝，所以其高为：＝m，故选：C．11．解：由图形可知图ⓝ的地砖有（7n+5）块，当n＝50时，7n+5＝350+5＝355．故选：C．12．解：∵在Rt△ABC中，AB＝2，∠C＝30°，∴BC＝2，AC＝4，∵将Rt△ABC绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，∴AB′＝AB＝2，B′C′＝BC＝2，∴B′C＝2，延长C′B′交BC于F，∴∠CB′F＝∠AB′C′＝90°，∵∠C＝30°，∴∠CFB′＝60°，B′F ＝B′C ＝，∵B′D＝2，∴DF＝2+，过D作DE⊥BC于E，∴DE ＝DF ＝×（2+）＝+1，故选：D．二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果）13．解：原式＝x（x﹣2）﹣（x﹣2）＝（x﹣2）（x ﹣1）．故答案为：（x﹣2）（x﹣1）．14．解：∵四边形ABCD内接于⊙O，∴∠B+∠D＝180°，∵四边形OABC为菱形，∴∠B＝∠AOC，∴∠D+∠AOC＝180°，∵∠AOC＝2∠D，∴3∠D＝180°，∴∠ADC＝60°，故答案为60°．15．解：原式＝•a（a﹣1）＝•a（a﹣1）＝﹣a．故答案为：﹣a．16．解：画树状图如下：由树状图知，共有9种等可能结果，其中抽到同一类书籍的有3种结果，所以抽到同一类书籍的概率为＝，故答案为：．17．解：∵点A（1，1），点C的纵坐标为1，∴AC∥x轴，∴∠BAC＝45°，∴∠ABC＝∠BAC＝45°，∴∠C＝90°，∵B（3，3）∴C（3，1），∴AC＝BC＝2，作B关于y轴的对称点E，连接AE交y轴于D，则此时，四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值＝AC+BC+AE，过E作EF⊥AC交CA的延长线于F，则EF＝BC＝2，AF＝6﹣2＝4，∴AE ＝＝＝2，∴最小周长的值＝AC+BC+AE＝4+2，故答案为：4+2．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．解：，解不等式①，x＜3，解不等式②，得x ≥﹣，∴原不等式组的解集为﹣≤x＜3，它的所有整数解为0，1，2．19．解：（1）18÷15%＝120（人），因此样本容量为120；a＝120×10%＝12（人），b＝120×30%＝36（人），故答案为：120，12，36；（2）E组频数：120﹣18﹣12﹣30﹣36＝24（人），补全条形统计图如图所示：（3）2500×＝625（人），答：该校2500名学生中喜爱“葫芦雕刻”的有625人．20．解：（1）设这一批树苗平均每棵的价格是x元，根据题意列，得：，解这个方程，得x＝20，经检验，x＝20是原分式方程的解，并符合题意，答：这一批树苗平均每棵的价格是20元；（2）由（1）可知A种树苗每棵的价格为：20×0.9＝18（元），B种树苗每棵的价格为：20×1.2＝24（元），设购进A种树苗t棵，这批树苗的费用为w元，则：w＝18t+24（5500﹣t）＝﹣6t+132000，∵w是t的一次函数，k＝﹣6＜0，∴w随t的增大而减小，又∵t≤3500，∴当t＝3500棵时，w最小，此时，B种树苗每棵有：5500﹣3500＝2000（棵），w＝﹣6×3500+132000＝111000，答：购进A种树苗3500棵，BA种树苗2000棵时，能使得购进这批树苗的费用最低，最低费用为111000元．21．证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD，∴∠BAE＝∠CFE，∠ABE＝∠FCE，∵E为BC的中点，∴EB＝EC，∴△ABE≌△FCE（AAS），∴AB＝CF．∵AB∥CF，∴四边形ABFC是平行四边形，∵BC＝AF，∴四边形ABFC是矩形．22．解：过点N作EF∥AC交AB于点E，交CD 于点F，则AE＝MN＝CF＝1.6，EF＝AC＝35，∠BEN＝∠DFN＝90°，EN＝AM，NF＝MC，则DF＝DC﹣CF＝16.6﹣1.6＝15，在Rt△DFN中，∵∠DNF＝45°，∴NF＝DF＝15，∴EN＝EF﹣NF＝35﹣15＝20，在Rt△BEN中，∵tan∠BNE ＝，∴BE＝EN•tan∠BNE＝20×tan55°≈20×1.43≈28.6，∴AB＝BE+AE＝28.6+1.6≈30．答：居民楼AB的高度约为30米．23．解：（1）将点A的坐标代入反比例函数表达式并解得：k＝﹣2×3＝﹣6，故反比例函数表达式为：y ＝﹣，将点B的坐标代入上式并解得：m＝﹣6，故点B （1，﹣6），将点A、B的坐标代入一次函数表达式得，解得，故直线的表达式为：y＝﹣3x﹣3；（2）设直线与x轴的交点为E，当y＝0时，x ＝﹣1，故点E（﹣1，0），分别过点A、B作x轴的垂线AC、BD，垂足分别为C、D，则S△P AB ＝PE•CA +PE•BD ＝PE PE ＝PE＝18，解得：PE＝4，故点P的坐标为（3，0）或（﹣5，0）．24．（1）证明：连接OD、BD，∵AB是⊙O直径，∴∠ADB＝90°，∴BD⊥AC，∵AB＝BC，∴D为AC中点，∵OA＝OB，∴OD∥BC，∵DE⊥BC，∴DE⊥OD，∵OD为半径，∴DE是⊙O的切线；（2）由（1）知BD是AC的中线，∴AD＝CD ＝＝3，∵O的半径为5，∴AB＝6，∴BD ＝＝＝，∵AB＝AC，∴∠A＝∠C，∵∠ADB＝∠CED＝90°，∴△CDE∽△ABD，∴，即＝，∴DE＝3．25．解：（1）将点A（﹣1，0），B（4，0），代入y ═ax2+bx+4，得：，解得：，∴二次函数的表达式为：y＝﹣x2+3x+4，当x＝0时，y＝4，∴C（0，4），设BC所在直线的表达式为：y＝mx+n，将C（0，4）、B（4，0）代入y＝mx+n，得：，解得：，∴BC所在直线的表达式为：y＝﹣x+4；（2）∵DE⊥x轴，PF⊥x轴，∴DE∥PF，只要DE＝PF，四边形DEFP即为平行四边形，∵y＝﹣x2+3x+4＝﹣（x ﹣）2+，∴点D的坐标为：（，），将x ＝代入y＝﹣x+4，即y ＝﹣+4＝，∴点E的坐标为：（，），∴DE ＝﹣＝，设点P的横坐标为t，则P的坐标为：（t，﹣t2+3t+4），F的坐标为：（t，﹣t+4），∴PF＝﹣t2+3t+4﹣（﹣t+4）＝﹣t2+4t，由DE＝PF得：﹣t2+4t ＝，解得：t1＝（不合题意舍去），t2＝，当t ＝时，﹣t2+3t+4＝﹣（）2+3×+4＝，∴点P 的坐标为（，）；（3）存在，理由如下：如图2所示：由（2）得：PF∥DE，∴∠CED＝∠CFP，又∵∠PCF与∠DCE有共同的顶点C，且∠PCF 在∠DCE的内部，∴∠PCF≠∠DCE，∴只有∠PCF＝∠CDE时，△PCF∽△CDE，∴＝，∵C（0，4）、E （，），∴CE ＝＝，由（2）得：DE ＝，PF＝﹣t2+4t，F的坐标为：（t，﹣t+4），∴CF ＝＝t，∴＝，∵t≠0，∴（﹣t+4）＝3，解得：t ＝，当t ＝时，﹣t2+3t+4＝﹣（）2+3×+4＝，∴点P的坐标为：（，）．。
2020年山东省聊城市中考数学试卷 (解析版)
2020年山东省聊城市中考数学试卷一、选择题1．在实数﹣1，﹣，0，中，最小的实数是（）A．﹣1B．C．0D．﹣2．如图所示的几何体的俯视图是（）A．B．C．D．3．如图，在△ABC中，AB＝AC，∠C＝65°，点D是BC边上任意一点，过点D作DF ∥AB交AC于点E，则∠FEC的度数是（）A．120°B．130°C．145°D．150°4．下列计算正确的是（）A．a2•a3＝a6B．a6÷a﹣2＝a﹣3C．（﹣2ab2）3＝﹣8a3b6D．（2a+b）2＝4a2+b25．为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（）成绩/分84889296100人数/人249105A．92分，96分B．94分，96分C．96分，96分D．96分，100分6．计算÷3×的结果正确的是（）A．1B．C．5D．97．如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin∠ACB的值为（）A．B．C．D．8．用配方法解一元二次方程2x2﹣3x﹣1＝0，配方正确的是（）A．（x﹣）2＝B．（x﹣）2＝C．（x﹣）2＝D．（x﹣）2＝9．如图，AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB，垂足为点M，连接OC，DB．如果OC∥DB，OC＝2，那么图中阴影部分的面积是（）A．πB．2πC．3πD．4π10．如图，有一块半径为1m，圆心角为90°的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（）A．m B．m C．m D．m11．人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n个图形用图ⓝ表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（）A．150B．200C．355D．50512．如图，在Rt△ABC中，AB＝2，∠C＝30°，将Rt△ABC绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，在B′C′上取点D，使B′D＝2，那么点D到BC的距离等于（）A．2（+1）B．+1C．﹣1D．+1二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果）13．因式分解：x（x﹣2）﹣x+2＝．14．如图，在⊙O中，四边形OABC为菱形，点D在上，则∠ADC的度数是．15．计算：（1+）÷＝．16．某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是．17．如图，在直角坐标系中，点A（1，1），B（3，3）是第一象限角平分线上的两点，点C的纵坐标为1，且CA＝CB，在y轴上取一点D，连接AC，BC，AD，BD，使得四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值为．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．解不等式组并写出它的所有整数解．19．为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课，按照类别分为：A“剪纸”、B“沙画”、C“葫芦雕刻”、D“泥塑”、E“插花”．为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）本次调查的样本容量为；统计图中的a＝，b＝；（2）通过计算补全条形统计图；（3）该校共有2500名学生，请你估计全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数．20．今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的A，B两种树苗，每捆A种树苗比每捆B种树苗多10棵，每捆A种树苗和每捆B种树苗的价格分别是630元和600元，而每棵A种树苗和每棵B种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的0.9倍和1.2倍．（1）求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？（2）如果购进的这批树苗共5500棵，A种树苗至多购进3500棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进A种树苗和B种树苗各多少棵？并求出最低费用．21．如图，在▱ABCD中，E为BC的中点，连接AE并延长交DC的延长线于点F，连接BF，AC，若AD＝AF，求证：四边形ABFC是矩形．22．如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量，先测得居民楼AB与CD之间的距离AC为35m，后站在M点处测得居民楼CD 的顶端D的仰角为45°，居民楼AB的顶端B的仰角为55°，已知居民楼CD的高度为16.6m，小莹的观测点N距地面1.6m．求居民楼AB的高度（精确到lm）．（参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43）．23．如图，已知反比例函数y＝的图象与直线y＝ax+b相交于点A（﹣2，3），B（1，m）．（1）求出直线y＝ax+b的表达式；（2）在x轴上有一点P使得△PAB的面积为18，求出点P的坐标．24．如图，在△ABC中，AB＝BC，以△ABC的边AB为直径作⊙O，交AC于点D，过点D作DE⊥BC，垂足为点E．（1）试证明DE是⊙O的切线；（2）若⊙O的半径为5，AC＝6，求此时DE的长．25．如图，二次函数y═ax2+bx+4的图象与x轴交于点A（﹣1，0），B（4，0），与y轴交于点C，抛物线的顶点为D，其对称轴与线段BC交于点E，垂直于x轴的动直线l 分别交抛物线和线段BC于点P和点F，动直线l在抛物线的对称轴的右侧（不含对称轴）沿x轴正方向移动到B点．（1）求出二次函数y＝ax2+bx+4和BC所在直线的表达式；（2）在动直线l移动的过程中，试求使四边形DEFP为平行四边形的点P的坐标；（3）连接CP，CD，在动直线l移动的过程中，抛物线上是否存在点P，使得以点P，C，F为顶点的三角形与△DCE相似？如果存在，求出点P的坐标；如果不存在，请说明理由．参考答案一、选择题（本题共12个小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．在实数﹣1，﹣，0，中，最小的实数是（）A．﹣1B．C．0D．﹣【分析】直接利用实数比较大小的方法得出答案．解：∵|﹣|＞|﹣1|，∴﹣1＞﹣，∴实数﹣1，﹣，0，中，﹣＜﹣1＜0＜．故4个实数中最小的实数是：﹣．故选：D．2．如图所示的几何体的俯视图是（）A．B．C．D．【分析】找到从上面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在俯视图中．解：从上面看，是一个矩形，矩形的靠右边有一条纵向的实线，故选：C．3．如图，在△ABC中，AB＝AC，∠C＝65°，点D是BC边上任意一点，过点D作DF ∥AB交AC于点E，则∠FEC的度数是（）A．120°B．130°C．145°D．150°【分析】由等腰三角形的性质得出∠B＝∠C＝65°，由平行线的性质得出∠CDE＝∠B＝65°，再由三角形的外角性质即可得出答案．解：∵AB＝AC，∠C＝65°，∴∠B＝∠C＝65°，∵DF∥AB，∴∠CDE＝∠B＝65°，∴∠FEC＝∠CDE+∠C＝65°+65°＝130°；故选：B．4．下列计算正确的是（）A．a2•a3＝a6B．a6÷a﹣2＝a﹣3C．（﹣2ab2）3＝﹣8a3b6D．（2a+b）2＝4a2+b2【分析】根据同底数幂的乘法和除法法则，积的乘方法则以及完全平方公式逐一计算判断即可．解：A、a2•a3＝a5，原计算错误，故此选项不合题意；B、a6÷a﹣2＝a8，原计算错误，故此选项不合题意；C、（﹣2ab2）3＝﹣8a3b6，原计算正确，故此选项合题意；D、（2a+b）2＝4a2+4ab+b2，原计算错误，故此选项不合题意．故选：C．5．为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（）成绩/分84889296100人数/人249105A．92分，96分B．94分，96分C．96分，96分D．96分，100分【分析】根据中位数和众数的定义分别进行解答即可．解：把这些数据从小到大排列，最中间的两个数是第15、16个数的平均数，所以全班30名同学的成绩的中位数是：＝94；96出现了10次，出现的次数最多，则众数是96，所以这些成绩的中位数和众数分别是94分，96分．故选：B．6．计算÷3×的结果正确的是（）A．1B．C．5D．9【分析】根据二次根式的性质化简二次根式后，再根据二次根式的乘除法法则计算即可．解：原式＝＝＝＝＝1．故选：A．7．如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin∠ACB的值为（）A．B．C．D．【分析】如图，过点A作AH⊥BC于H．利用勾股定理求出AC即可解决问题．解：如图，过点A作AH⊥BC于H．在Rt△ACH中，∵AH＝4，CH＝3，∴AC＝＝＝5，∴sin∠ACH＝＝，故选：D．8．用配方法解一元二次方程2x2﹣3x﹣1＝0，配方正确的是（）A．（x﹣）2＝B．（x﹣）2＝C．（x﹣）2＝D．（x﹣）2＝【分析】化二次项系数为1后，把常数项﹣移项，应该在左右两边同时加上一次项系数﹣的一半的平方．解：由原方程，得x2﹣x＝，x2﹣x+＝+，（x﹣）2＝，故选：A．9．如图，AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB，垂足为点M，连接OC，DB．如果OC∥DB，OC＝2，那么图中阴影部分的面积是（）A．πB．2πC．3πD．4π【分析】连接OD，BC，根据垂径定理和等腰三角形的性质得到DM＝CM，∠COB＝∠BOD，推出△BOD是等边三角形，得到∠BOC＝60°，根据扇形的面积公式即可得到结论．解：连接OD，BC，∵CD⊥AB，OC＝OD，∴DM＝CM，∠COB＝∠BOD，∵OC∥BD，∴∠COB＝∠OBD，∴∠BOD＝∠OBD，∴OD＝DB，∴△BOD是等边三角形，∴∠BOD＝60°，∴∠BOC＝60°，∵DM＝CM，∴S△OBC＝S△OBD，∵OC∥DB，∴S△OBD＝S△CBD，∴S△OBC＝S△DBC，∴图中阴影部分的面积＝＝2π，故选：B．10．如图，有一块半径为1m，圆心角为90°的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（）A．m B．m C．m D．m【分析】根据已知条件求得圆锥的底面半径，然后利用勾股定理求得其高即可．解：设底面半径为rm，则2πr＝，解得：r＝，所以其高为：＝m，故选：C．11．人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n个图形用图ⓝ表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（）A．150B．200C．355D．505【分析】由图形可知图ⓝ的地砖有（7n+5）块，依此代入数据计算可求图㊿中的白色小正方形地砖的块数．解：由图形可知图ⓝ的地砖有（7n+5）块，当n＝50时，7n+5＝350+5＝355．故选：C．12．如图，在Rt△ABC中，AB＝2，∠C＝30°，将Rt△ABC绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，在B′C′上取点D，使B′D＝2，那么点D到BC的距离等于（）A．2（+1）B．+1C．﹣1D．+1【分析】根据直角三角形的性质得到BC＝2，AC＝4，根据旋转的性质得到AB′＝AB＝2，B′C′＝BC＝2，求得B′C＝2，延长C′B′交BC于F，解直角三角形即可得到结论．解：∵在Rt△ABC中，AB＝2，∠C＝30°，∴BC＝2，AC＝4，∵将Rt△ABC绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，∴AB′＝AB＝2，B′C′＝BC＝2，∴B′C＝2，延长C′B′交BC于F，∴∠CB′F＝∠AB′C′＝90°，∵∠C＝30°，∴∠CFB′＝60°，B′F＝B′C＝，∵B′D＝2，∴DF＝2+，过D作DE⊥BC于E，∴DE＝DF＝×（2+）＝+1，故选：D．二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果）13．因式分解：x（x﹣2）﹣x+2＝（x﹣2）（x﹣1）．【分析】利用提取公因式法因式分解即可．解：原式＝x（x﹣2）﹣（x﹣2）＝（x﹣2）（x﹣1）．故答案为：（x﹣2）（x﹣1）．14．如图，在⊙O中，四边形OABC为菱形，点D在上，则∠ADC的度数是60°．【分析】根据菱形的性质得出∠B＝∠AOC，根据圆内接四边形的性质得出∠B+∠D＝180°，即可得出∠D+∠AOC＝180°，根据圆周角定理得出3∠D＝180°，即可求得∠ADC＝60°．解：∵四边形ABCD内接于⊙O，∴∠B+∠D＝180°，∵四边形OABC为菱形，∴∠B＝∠AOC，∴∠D+∠AOC＝180°，∵∠AOC＝2∠D，∴3∠D＝180°，∴∠ADC＝60°，故答案为60°．15．计算：（1+）÷＝﹣a．【分析】直接将括号里面通分运算进而结合分式的混合运算法则计算得出答案．解：原式＝•a（a﹣1）＝•a（a﹣1）＝﹣a．故答案为：﹣a．16．某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是．【分析】画树状图展示所有9种等可能的结果数，找出他们抽到同一类书籍的结果数，然后根据概率公式求解．解：画树状图如下：由树状图知，共有9种等可能结果，其中抽到同一类书籍的有3种结果，所以抽到同一类书籍的概率为＝，故答案为：．17．如图，在直角坐标系中，点A（1，1），B（3，3）是第一象限角平分线上的两点，点C的纵坐标为1，且CA＝CB，在y轴上取一点D，连接AC，BC，AD，BD，使得四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值为4+2．【分析】根据平行线的性质得到∠BAC＝45°，得到∠C＝90°，求得AC＝BC＝2，作B关于y轴的对称点E，连接AE交y轴于D，则此时，四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值＝AC+BC+AE，过E作EF⊥AC交CA的延长线于F，根据勾股定理即可得到结论．解：∵点A（1，1），点C的纵坐标为1，∴AC∥x轴，∴∠BAC＝45°，∵CA＝CB，∴∠ABC＝∠BAC＝45°，∴∠C＝90°，∵B（3，3）∴C（3，1），∴AC＝BC＝2，作B关于y轴的对称点E，连接AE交y轴于D，则此时，四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值＝AC+BC+AE，过E作EF⊥AC交CA的延长线于F，则EF＝BC＝2，AF＝6﹣2＝4，∴AE＝＝＝2，∴最小周长的值＝AC+BC+AE＝4+2，故答案为：4+2．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．解不等式组并写出它的所有整数解．【分析】分别求出各不等式的解集，再求出其公共解集即可得．解：，解不等式①，x＜3，解不等式②，得x≥﹣，∴原不等式组的解集为﹣≤x＜3，它的所有整数解为0，1，2．19．为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课，按照类别分为：A“剪纸”、B“沙画”、C“葫芦雕刻”、D“泥塑”、E“插花”．为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）本次调查的样本容量为120；统计图中的a＝12，b＝36；（2）通过计算补全条形统计图；（3）该校共有2500名学生，请你估计全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数．【分析】（1）从两个统计图可知a组的有18人，占调查人数的15%，可求出调查人数，即样本容量；进而求出a、b的值；（2）求出E组的频数即可补全条形统计图；（3）样本估计总体，样本中喜欢“葫芦雕刻”的占，即，因此估计总体2500人的是喜欢“葫芦雕刻”的人数．解：（1）18÷15%＝120（人），因此样本容量为120；a＝120×10%＝12（人），b＝120×30%＝36（人），故答案为：120，12，36；（2）E组频数：120﹣18﹣12﹣30﹣36＝24（人），补全条形统计图如图所示：（3）2500×＝625（人），答：该校2500名学生中喜爱“葫芦雕刻”的有625人．20．今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的A，B两种树苗，每捆A种树苗比每捆B种树苗多10棵，每捆A种树苗和每捆B种树苗的价格分别是630元和600元，而每棵A种树苗和每棵B种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的0.9倍和1.2倍．（1）求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？（2）如果购进的这批树苗共5500棵，A种树苗至多购进3500棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进A种树苗和B种树苗各多少棵？并求出最低费用．【分析】（1）设这一批树苗平均每棵的价格是x元，根据题意列方程解答即可；（2）分别求出A种树苗每棵的价格与B种树苗每棵的价格，设购进A种树苗t棵，这批树苗的费用为w元，根据题意求出w与t的函数关系式，再根据一次函数的性质解答即可．解：（1）设这一批树苗平均每棵的价格是x元，根据题意列，得：，解这个方程，得x＝20，经检验，x＝20是原分式方程的解，并符合题意，答：这一批树苗平均每棵的价格是20元；（2）由（1）可知A种树苗每棵的价格为：20×0.9＝18（元），B种树苗每棵的价格为：20×1.2＝24（元），设购进A种树苗t棵，这批树苗的费用为w元，则：w＝18t+24（5500﹣t）＝﹣6t+132000，∵w是t的一次函数，k＝﹣6＜0，∴w随t的增大而减小，又∵t≤3500，∴当t＝3500棵时，w最小，此时，B种树苗每棵有：5500﹣3500＝2000（棵），w＝﹣6×3500+132000＝111000，答：购进A种树苗3500棵，BA种树苗2000棵时，能使得购进这批树苗的费用最低，最低费用为111000元．21．如图，在▱ABCD中，E为BC的中点，连接AE并延长交DC的延长线于点F，连接BF，AC，若AD＝AF，求证：四边形ABFC是矩形．【分析】根据平行四边形的性质得到两角一边对应相等，利用AAS判定△ABE≌△FCE，从而得到AB＝CF；由已知可得四边形ABFC是平行四边形，BC＝AF，根据对角线相等的平行四边形是矩形，可得到四边形ABFC是矩形．【解答】证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD，∴∠BAE＝∠CFE，∠ABE＝∠FCE，∵E为BC的中点，∴EB＝EC，∴△ABE≌△FCE（AAS），∴AB＝CF．∵AB∥CF，∴四边形ABFC是平行四边形，∵BC＝AF，∴四边形ABFC是矩形．22．如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量，先测得居民楼AB与CD之间的距离AC为35m，后站在M点处测得居民楼CD 的顶端D的仰角为45°，居民楼AB的顶端B的仰角为55°，已知居民楼CD的高度为16.6m，小莹的观测点N距地面1.6m．求居民楼AB的高度（精确到lm）．（参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43）．【分析】过点N作EF∥AC交AB于点E，交CD于点F，可得AE＝MN＝CF＝1.6，EF＝AC＝35，再根据锐角三角函数可得BE的长，进而可得AB的高度．解：过点N作EF∥AC交AB于点E，交CD于点F，则AE＝MN＝CF＝1.6，EF＝AC＝35，∠BEN＝∠DFN＝90°，EN＝AM，NF＝MC，则DF＝DC﹣CF＝16.6﹣1.6＝15，在Rt△DFN中，∵∠DNF＝45°，∴NF＝DF＝15，∴EN＝EF﹣NF＝35﹣15＝20，在Rt△BEN中，∵tan∠BNE＝，∴BE＝EN•tan∠BNE＝20×tan55°≈20×1.43≈28.6，∴AB＝BE+AE＝28.6+1.6≈30．答：居民楼AB的高度约为30米．23．如图，已知反比例函数y＝的图象与直线y＝ax+b相交于点A（﹣2，3），B（1，m）．（1）求出直线y＝ax+b的表达式；（2）在x轴上有一点P使得△PAB的面积为18，求出点P的坐标．【分析】（1）用待定系数法即可求解；（2）S△PAB＝PE•CA+PE•BD＝PE PE＝PE＝18，即可求解．解：（1）将点A的坐标代入反比例函数表达式并解得：k＝﹣2×3＝﹣6，故反比例函数表达式为：y＝﹣，将点B的坐标代入上式并解得：m＝﹣6，故点B（1，﹣6），将点A、B的坐标代入一次函数表达式得，解得，故直线的表达式为：y＝﹣3x﹣3；（2）设直线与x轴的交点为E，当y＝0时，x＝﹣1，故点E（﹣1，0），分别过点A、B作x轴的垂线AC、BD，垂足分别为C、D，则S△PAB＝PE•CA+PE•BD＝PE PE＝PE＝18，解得：PE＝4，故点P的坐标为（3，0）或（﹣5，0）．24．如图，在△ABC中，AB＝BC，以△ABC的边AB为直径作⊙O，交AC于点D，过点D作DE⊥BC，垂足为点E．（1）试证明DE是⊙O的切线；（2）若⊙O的半径为5，AC＝6，求此时DE的长．【分析】（1）连接OD、BD，求出BD⊥AC，瑞成AD＝DC，根据三角形的中位线得出OD∥BC，推出OD⊥DE，根据切线的判定推出即可；（2）根据题意求得AD，根据勾股定理求得BD，然后证得△CDE∽△ABD，根据相似三角形的性质即可求得DE．【解答】（1）证明：连接OD、BD，∵AB是⊙O直径，∴∠ADB＝90°，∴BD⊥AC，∵AB＝BC，∴D为AC中点，∵OA＝OB，∴OD∥BC，∵DE⊥BC，∴DE⊥OD，∵OD为半径，∴DE是⊙O的切线；（2）由（1）知BD是AC的中线，∴AD＝CD＝＝3，∵O的半径为5，∴AB＝6，∴BD＝＝＝，∵AB＝AC，∴∠A＝∠C，∵∠ADB＝∠CED＝90°，∴△CDE∽△ABD，∴，即＝，∴DE＝3．25．如图，二次函数y═ax2+bx+4的图象与x轴交于点A（﹣1，0），B（4，0），与y轴交于点C，抛物线的顶点为D，其对称轴与线段BC交于点E，垂直于x轴的动直线l 分别交抛物线和线段BC于点P和点F，动直线l在抛物线的对称轴的右侧（不含对称轴）沿x轴正方向移动到B点．（1）求出二次函数y＝ax2+bx+4和BC所在直线的表达式；（2）在动直线l移动的过程中，试求使四边形DEFP为平行四边形的点P的坐标；（3）连接CP，CD，在动直线l移动的过程中，抛物线上是否存在点P，使得以点P，C，F为顶点的三角形与△DCE相似？如果存在，求出点P的坐标；如果不存在，请说明理由．【分析】（1）由题意得出方程组，求出二次函数的解析式为y＝﹣x2+3x+4，则C（0，4），由待定系数法求出BC所在直线的表达式即可（2）证DE∥PF，只要DE＝PF，四边形DEFP即为平行四边形，由二次函数解析式求出点D的坐标，由直线BC的解析式求出点E的坐标，则DE＝，设点P的横坐标为t，则P的坐标为：（t，﹣t2+3t+4），F的坐标为：（t，﹣t+4），由DE＝PF得出方程，解方程进而得出答案；（3）由平行线的性质得出∠CED＝∠CFP，当∠PCF＝∠CDE时，△PCF∽△CDE，则＝，得出方程，解方程即可．解：（1）将点A（﹣1，0），B（4，0），代入y═ax2+bx+4，得：，解得：，∴二次函数的表达式为：y＝﹣x2+3x+4，当x＝0时，y＝4，∴C（0，4），设BC所在直线的表达式为：y＝mx+n，将C（0，4）、B（4，0）代入y＝mx+n，得：，解得：，∴BC所在直线的表达式为：y＝﹣x+4；（2）∵DE⊥x轴，PF⊥x轴，∴DE∥PF，只要DE＝PF，四边形DEFP即为平行四边形，∵y＝﹣x2+3x+4＝﹣（x﹣）2+，∴点D的坐标为：（，），将x＝代入y＝﹣x+4，即y＝﹣+4＝，∴点E的坐标为：（，），∴DE＝﹣＝，设点P的横坐标为t，则P的坐标为：（t，﹣t2+3t+4），F的坐标为：（t，﹣t+4），∴PF＝﹣t2+3t+4﹣（﹣t+4）＝﹣t2+4t，由DE＝PF得：﹣t2+4t＝，解得：t1＝（不合题意舍去），t2＝，当t＝时，﹣t2+3t+4＝﹣（）2+3×+4＝，∴点P的坐标为（，）；（3）存在，理由如下：如图2所示：由（2）得：PF∥DE，∴∠CED＝∠CFP，又∵∠PCF与∠DCE有共同的顶点C，且∠PCF在∠DCE的内部，∴∠PCF≠∠DCE，∴只有∠PCF＝∠CDE时，△PCF∽△CDE，∴＝，∵C（0，4）、E（，），∴CE＝＝，由（2）得：DE＝，PF＝﹣t2+4t，F的坐标为：（t，﹣t+4），∴CF＝＝t，∴＝，∵t≠0，∴（﹣t+4）＝3，解得：t＝，当t＝时，﹣t2+3t+4＝﹣（）2+3×+4＝，∴点P的坐标为：（，）．。
2020年山东省聊城市中考数学试卷及答案
2020年山东省聊城市中考数学试卷一、选择题（本题共12个小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）在实数﹣1，−√2，0，14中，最小的实数是（ ）A ．﹣1B ．14C ．0D ．−√22．（3分）如图所示的几何体的俯视图是（ ）A ．B ．C ．D ．3．（3分）如图，在△ABC 中，AB ＝AC ，∠C ＝65°，点D 是BC 边上任意一点，过点D 作DF ∥AB 交AC 于点E ，则∠FEC 的度数是（ ）A ．120°B ．130°C ．145°D ．150°4．（3分）下列计算正确的是（ ） A ．a 2•a 3＝a 6B ．a 6÷a ﹣2＝a ﹣3C ．（﹣2ab 2）3＝﹣8a 3b 6D ．（2a +b ）2＝4a 2+b 25．（3分）为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（ ）成绩/分 84 88 92 96 100 人数/人 249105A ．92分，96分B ．94分，96分C ．96分，96分D ．96分，100分6．（3分）计算√45÷3√3×√35的结果正确的是（ ） A ．1B ．53C ．5D ．97．（3分）如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC 的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin ∠ACB 的值为（ ）A ．3√55B ．√175C ．35D ．458．（3分）用配方法解一元二次方程2x 2﹣3x ﹣1＝0，配方正确的是（ ） A ．（x −34）2=1716 B ．（x −34）2=12C ．（x −32）2=134D ．（x −32）2=1149．（3分）如图，AB 是⊙O 的直径，弦CD ⊥AB ，垂足为点M ，连接OC ，DB ．如果OC ∥DB ，OC ＝2√3，那么图中阴影部分的面积是（ ）A ．πB ．2πC ．3πD ．4π10．（3分）如图，有一块半径为1m ，圆心角为90°的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（ ）A ．14mB ．34mC ．√154m D ．√32m 11．（3分）人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n 个图形用图ⓝ表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（ ）A ．150B ．200C ．355D ．50512．（3分）如图，在Rt △ABC 中，AB ＝2，∠C ＝30°，将Rt △ABC 绕点A 旋转得到Rt △AB ′C ′，使点B 的对应点B ′落在AC 上，在B ′C ′上取点D ，使B ′D ＝2，那么点D 到BC 的距离等于（ ）A ．2（√33+1）B ．√33+1C ．√3−1D ．√3+1二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果） 13．（3分）因式分解：x （x ﹣2）﹣x +2＝ ．14．（3分）如图，在⊙O 中，四边形OABC 为菱形，点D 在AmC ̂上，则∠ADC 的度数是 ．15．（3分）计算：（1+a1−a ）÷1a 2−a= ． 16．（3分）某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是 ．17．（3分）如图，在直角坐标系中，点A （1，1），B （3，3）是第一象限角平分线上的两点，点C 的纵坐标为1，且CA ＝CB ，在y 轴上取一点D ，连接AC ，BC ，AD ，BD ，使得四边形ACBD 的周长最小，这个最小周长的值为 ．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．（7分）解不等式组{12x +1＜7−32x ，3x−23≥x 3+x−44，并写出它的所有整数解． 19．（8分）为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课，按照类别分为：A “剪纸”、B “沙画”、C “葫芦雕刻”、D “泥塑”、E “插花”．为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）本次调查的样本容量为 ；统计图中的a ＝ ，b ＝ ； （2）通过计算补全条形统计图；（3）该校共有2500名学生，请你估计全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数．20．（8分）今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的A ，B 两种树苗，每捆A 种树苗比每捆B 种树苗多10棵，每捆A 种树苗和每捆B 种树苗的价格分别是630元和600元，而每棵A 种树苗和每棵B 种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的0.9倍和1.2倍．（1）求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？（2）如果购进的这批树苗共5500棵，A 种树苗至多购进3500棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进A 种树苗和B 种树苗各多少棵？并求出最低费用．21．（8分）如图，在▱ABCD 中，E 为BC 的中点，连接AE 并延长交DC 的延长线于点F ，连接BF ，AC ，若AD ＝AF ，求证：四边形ABFC 是矩形．22．（8分）如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量，先测得居民楼AB与CD之间的距离AC为35m，后站在M点处测得居民楼CD的顶端D的仰角为45°，居民楼AB的顶端B的仰角为55°，已知居民楼CD的高度为16.6m，小莹的观测点N距地面1.6m．求居民楼AB的高度（精确到lm）．（参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43）．23．（8分）如图，已知反比例函数y=kx的图象与直线y＝ax+b相交于点A（﹣2，3），B（1，m）．（1）求出直线y＝ax+b的表达式；（2）在x轴上有一点P使得△P AB的面积为18，求出点P的坐标．24．（10分）如图，在△ABC中，AB＝BC，以△ABC的边AB为直径作⊙O，交AC于点D，过点D作DE⊥BC，垂足为点E．（1）试证明DE是⊙O的切线；（2）若⊙O的半径为5，AC＝6√10，求此时DE的长．25．（12分）如图，二次函数y═ax2+bx+4的图象与x轴交于点A（﹣1，0），B（4，0），与y轴交于点C，抛物线的顶点为D，其对称轴与线段BC交于点E，垂直于x轴的动直线l分别交抛物线和线段BC于点P和点F，动直线l在抛物线的对称轴的右侧（不含对称轴）沿x轴正方向移动到B点．（1）求出二次函数y＝ax2+bx+4和BC所在直线的表达式；（2）在动直线l移动的过程中，试求使四边形DEFP为平行四边形的点P的坐标；（3）连接CP，CD，在动直线l移动的过程中，抛物线上是否存在点P，使得以点P，C，F为顶点的三角形与△DCE相似？如果存在，求出点P的坐标；如果不存在，请说明理由．2020年山东省聊城市中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12个小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）在实数﹣1，−√2，0，14中，最小的实数是（ ）A ．﹣1B ．14C ．0D ．−√2【解答】解：∵|−√2|＞|﹣1|， ∴﹣1＞−√2，∴实数﹣1，−√2，0，14中，−√2＜−1＜0＜14．故4个实数中最小的实数是：−√2． 故选：D ．2．（3分）如图所示的几何体的俯视图是（ ）A ．B ．C ．D ．【解答】解：从上面看，是一个矩形，矩形的靠右边有一条纵向的实线， 故选：C ．3．（3分）如图，在△ABC 中，AB ＝AC ，∠C ＝65°，点D 是BC 边上任意一点，过点D 作DF ∥AB 交AC 于点E ，则∠FEC 的度数是（ ）A ．120°B ．130°C ．145°D ．150°【解答】解：∵AB ＝AC ，∠C ＝65°， ∴∠B ＝∠C ＝65°， ∵DF ∥AB ，∴∠CDE ＝∠B ＝65°，∴∠FEC ＝∠CDE +∠C ＝65°+65°＝130°； 故选：B ．4．（3分）下列计算正确的是（ ） A ．a 2•a 3＝a 6B ．a 6÷a ﹣2＝a ﹣3C ．（﹣2ab 2）3＝﹣8a 3b 6D ．（2a +b ）2＝4a 2+b 2【解答】解：A 、a 2•a 3＝a 5，原计算错误，故此选项不合题意； B 、a 6÷a ﹣2＝a 8，原计算错误，故此选项不合题意；C 、（﹣2ab 2）3＝﹣8a 3b 6，原计算正确，故此选项合题意；D 、（2a +b ）2＝4a 2+4ab +b 2，原计算错误，故此选项不合题意． 故选：C ．5．（3分）为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（ ）成绩/分 84 88 92 96 100 人数/人 249105A ．92分，96分B ．94分，96分C ．96分，96分D ．96分，100分【解答】解：把这些数据从小到大排列，最中间的两个数是第15、16个数的平均数， 所以全班30名同学的成绩的中位数是：92+962=94；96出现了10次，出现的次数最多，则众数是96， 所以这些成绩的中位数和众数分别是94分，96分． 故选：B ．6．（3分）计算√45÷3√3×√35的结果正确的是（ ） A ．1B ．53C ．5D ．9【解答】解：原式=3√5÷3√3×√155 =3√5×√39×√155 =√5×3×1515=1515 ＝1．故选：A ．7．（3分）如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC 的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin ∠ACB 的值为（ ）A ．3√55B ．√175C ．35D ．45【解答】解：如图，过点A 作AH ⊥BC 于H ．在Rt △ACH 中，∵AH ＝4，CH ＝3， ∴AC =√AH 2+CH 2=√42+32=5， ∴sin ∠ACH =AH AC =45， 故选：D ．8．（3分）用配方法解一元二次方程2x 2﹣3x ﹣1＝0，配方正确的是（ ） A ．（x −34）2=1716 B ．（x −34）2=12C ．（x −32）2=134D ．（x −32）2=114【解答】解：由原方程，得 x 2−32x =12，x 2−32x +916=12+916， （x −34）2=1716， 故选：A ．9．（3分）如图，AB 是⊙O 的直径，弦CD ⊥AB ，垂足为点M ，连接OC ，DB ．如果OC ∥DB ，OC ＝2√3，那么图中阴影部分的面积是（ ）A．πB．2πC．3πD．4π【解答】解：连接OD，BC，∵CD⊥AB，OC＝OD，∴DM＝CM，∠COB＝∠BOD，∵OC∥BD，∴∠COB＝∠OBD，∴∠BOD＝∠OBD，∴OD＝DB，∴△BOD是等边三角形，∴∠BOD＝60°，∴∠BOC＝60°，∵DM＝CM，∴S△OBC＝S△OBD，∵OC∥DB，∴S△OBD＝S△CBD，∴S△OBC＝S△DBC，∴图中阴影部分的面积=60⋅π×(2√3)2360=2π，故选：B．10．（3分）如图，有一块半径为1m，圆心角为90°的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（）A ．14mB ．34mC ．√154m D ．√32m 【解答】解：设底面半径为rm ，则2πr =90π×1180， 解得：r =14，所以其高为：√12−(14)2=√154m ，故选：C ．11．（3分）人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n 个图形用图ⓝ表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（ ）A ．150B ．200C ．355D ．505【解答】解：由图形可知图ⓝ的地砖有（7n +5）块， 当n ＝50时，7n +5＝350+5＝355． 故选：C ．12．（3分）如图，在Rt △ABC 中，AB ＝2，∠C ＝30°，将Rt △ABC 绕点A 旋转得到Rt △AB ′C ′，使点B 的对应点B ′落在AC 上，在B ′C ′上取点D ，使B ′D ＝2，那么点D 到BC 的距离等于（ ）A ．2（√33+1） B ．√33+1 C ．√3−1 D ．√3+1【解答】解：∵在Rt △ABC 中，AB ＝2，∠C ＝30°， ∴BC ＝2√3，AC ＝4，∵将Rt △ABC 绕点A 旋转得到Rt △AB ′C ′，使点B 的对应点B ′落在AC 上， ∴AB ′＝AB ＝2，B ′C ′＝BC ＝2√3， ∴B ′C ＝2，延长C ′B ′交BC 于F ， ∴∠CB ′F ＝∠AB ′C ′＝90°， ∵∠C ＝30°，∴∠CFB ′＝60°，B ′F =√33B ′C =2√33， ∵B ′D ＝2， ∴DF ＝2+2√33， 过D 作DE ⊥BC 于E ，∴DE =√32DF =√32×（2+2√33）=√3+1， 故选：D ．二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果） 13．（3分）因式分解：x （x ﹣2）﹣x +2＝ （x ﹣2）（x ﹣1） ． 【解答】解：原式＝x （x ﹣2）﹣（x ﹣2）＝（x ﹣2）（x ﹣1）． 故答案为：（x ﹣2）（x ﹣1）．14．（3分）如图，在⊙O 中，四边形OABC 为菱形，点D 在AmC ̂上，则∠ADC 的度数是 60° ．【解答】解：∵四边形ABCD 内接于⊙O ， ∴∠B +∠D ＝180°， ∵四边形OABC 为菱形， ∴∠B ＝∠AOC ， ∴∠D +∠AOC ＝180°， ∵∠AOC ＝2∠D ， ∴3∠D ＝180°， ∴∠ADC ＝60°， 故答案为60°． 15．（3分）计算：（1+a 1−a ）÷1a 2−a = ﹣a ． 【解答】解：原式=1−a+a1−a•a （a ﹣1） =11−a •a （a ﹣1） ＝﹣a ． 故答案为：﹣a ．16．（3分）某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是 13．【解答】解：画树状图如下：由树状图知，共有9种等可能结果，其中抽到同一类书籍的有3种结果， 所以抽到同一类书籍的概率为39=13，故答案为：13．17．（3分）如图，在直角坐标系中，点A （1，1），B （3，3）是第一象限角平分线上的两点，点C 的纵坐标为1，且CA ＝CB ，在y 轴上取一点D ，连接AC ，BC ，AD ，BD ，使得四边形ACBD 的周长最小，这个最小周长的值为 4+2√5 ．【解答】解：∵点A （1，1），点C 的纵坐标为1， ∴AC ∥x 轴， ∴∠BAC ＝45°， ∵CA ＝CB ，∴∠ABC ＝∠BAC ＝45°， ∴∠C ＝90°， ∵B （3，3） ∴C （3，1）， ∴AC ＝BC ＝2，作B 关于y 轴的对称点E ， 连接AE 交y 轴于D ，则此时，四边形ACBD 的周长最小，这个最小周长的值＝AC +BC +AE ， 过E 作EF ⊥AC 交CA 的延长线于F ， 则EF ＝BC ＝2，AF ＝6﹣2＝4， ∴AE =√EF 2+AF 2=√22+42=2√5， ∴最小周长的值＝AC +BC +AE ＝4+2√5， 故答案为：4+2√5．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．（7分）解不等式组{12x +1＜7−32x ，3x−23≥x 3+x−44，并写出它的所有整数解． 【解答】解：{12x +1＜7−32x①3x−23≥x 3+x−44②，解不等式①，x ＜3， 解不等式②，得x ≥−45，∴原不等式组的解集为−45≤x ＜3， 它的所有整数解为0，1，2．19．（8分）为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课，按照类别分为：A “剪纸”、B “沙画”、C “葫芦雕刻”、D “泥塑”、E “插花”．为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）本次调查的样本容量为 120 ；统计图中的a ＝ 12 ，b ＝ 36 ； （2）通过计算补全条形统计图；（3）该校共有2500名学生，请你估计全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数． 【解答】解：（1）18÷15%＝120（人），因此样本容量为120； a ＝120×10%＝12（人），b ＝120×30%＝36（人），故答案为：120，12，36；（2）E组频数：120﹣18﹣12﹣30﹣36＝24（人），补全条形统计图如图所示：（3）2500×30120=625（人），答：该校2500名学生中喜爱“葫芦雕刻”的有625人．20．（8分）今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的A，B两种树苗，每捆A种树苗比每捆B种树苗多10棵，每捆A种树苗和每捆B种树苗的价格分别是630元和600元，而每棵A种树苗和每棵B种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的0.9倍和1.2倍．（1）求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？（2）如果购进的这批树苗共5500棵，A种树苗至多购进3500棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进A种树苗和B种树苗各多少棵？并求出最低费用．【解答】解：（1）设这一批树苗平均每棵的价格是x元，根据题意列，得：630 0.9x −6001.2x=10，解这个方程，得x＝20，经检验，x＝20是原分式方程的解，并符合题意，答：这一批树苗平均每棵的价格是20元；（2）由（1）可知A种树苗每棵的价格为：20×0.9＝18（元），B种树苗每棵的价格为：20×1.2＝24（元），设购进A种树苗t棵，这批树苗的费用为w元，则：w＝18t+24（5500﹣t）＝﹣6t+132000，∵w是t的一次函数，k＝﹣6＜0，∴w随t的增大而减小，又∵t≤3500，∴当t＝3500棵时，w最小，此时，B种树苗每棵有：5500﹣3500＝2000（棵），w＝﹣6×3500+132000＝111000，答：购进A种树苗3500棵，BA种树苗2000棵时，能使得购进这批树苗的费用最低，最低费用为111000元．21．（8分）如图，在▱ABCD中，E为BC的中点，连接AE并延长交DC的延长线于点F，连接BF，AC，若AD＝AF，求证：四边形ABFC是矩形．【解答】证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD，∴∠BAE＝∠CFE，∠ABE＝∠FCE，∵E为BC的中点，∴EB＝EC，∴△ABE≌△FCE（AAS），∴AB＝CF．∵AB∥CF，∴四边形ABFC是平行四边形，∵BC＝AF，∴四边形ABFC是矩形．22．（8分）如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量，先测得居民楼AB与CD之间的距离AC为35m，后站在M点处测得居民楼CD的顶端D的仰角为45°，居民楼AB的顶端B的仰角为55°，已知居民楼CD的高度为16.6m，小莹的观测点N距地面1.6m．求居民楼AB的高度（精确到lm）．（参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43）．【解答】解：过点N作EF∥AC交AB于点E，交CD于点F，则AE＝MN＝CF＝1.6，EF＝AC＝35，∠BEN＝∠DFN＝90°，EN＝AM，NF＝MC，则DF＝DC﹣CF＝16.6﹣1.6＝15，在Rt△DFN中，∵∠DNF＝45°，∴NF＝DF＝15，∴EN＝EF﹣NF＝35﹣15＝20，在Rt△BEN中，∵tan∠BNE=BE EN，∴BE＝EN•tan∠BNE＝20×tan55°≈20×1.43≈28.6，∴AB＝BE+AE＝28.6+1.6≈30．答：居民楼AB的高度约为30米．23．（8分）如图，已知反比例函数y=kx的图象与直线y＝ax+b相交于点A（﹣2，3），B（1，m）．（1）求出直线y＝ax+b的表达式；（2）在x轴上有一点P使得△P AB的面积为18，求出点P的坐标．【解答】解：（1）将点A 的坐标代入反比例函数表达式并解得：k ＝﹣2×3＝﹣6， 故反比例函数表达式为：y =−6x ，将点B 的坐标代入上式并解得：m ＝﹣6，故点B （1，﹣6），将点A 、B 的坐标代入一次函数表达式得{3=−2a +b −6=a +b ，解得{a =−3b =−3，故直线的表达式为：y ＝﹣3x ﹣3；（2）设直线与x 轴的交点为E ，当y ＝0时，x ＝﹣1，故点E （﹣1，0）， 分别过点A 、B 作x 轴的垂线AC 、BD ，垂足分别为C 、D ，则S △P AB =12PE •CA +12PE •BD =32PE +62PE =92PE ＝18，解得：PE ＝4， 故点P 的坐标为（3，0）或（﹣5，0）．24．（10分）如图，在△ABC 中，AB ＝BC ，以△ABC 的边AB 为直径作⊙O ，交AC 于点D ，过点D 作DE ⊥BC ，垂足为点E ． （1）试证明DE 是⊙O 的切线；（2）若⊙O 的半径为5，AC ＝6√10，求此时DE 的长．【解答】（1）证明：连接OD、BD，∵AB是⊙O直径，∴∠ADB＝90°，∴BD⊥AC，∵AB＝BC，∴D为AC中点，∵OA＝OB，∴OD∥BC，∵DE⊥BC，∴DE⊥OD，∵OD为半径，∴DE是⊙O的切线；（2）由（1）知BD是AC的中线，∴AD＝CD=12AC=3√10，∵O的半径为5，∴AB＝6，∴BD=√AB2−AD2=√102−(3√10)2=√10，∵AB＝AC，∴∠A＝∠C，∵∠ADB＝∠CED＝90°，∴△CDE∽△ABD，∴CDAB =DEBD，即3√1010=√10，∴DE＝3．25．（12分）如图，二次函数y ═ax 2+bx +4的图象与x 轴交于点A （﹣1，0），B （4，0），与y 轴交于点C ，抛物线的顶点为D ，其对称轴与线段BC 交于点E ，垂直于x 轴的动直线l 分别交抛物线和线段BC 于点P 和点F ，动直线l 在抛物线的对称轴的右侧（不含对称轴）沿x 轴正方向移动到B 点．（1）求出二次函数y ＝ax 2+bx +4和BC 所在直线的表达式；（2）在动直线l 移动的过程中，试求使四边形DEFP 为平行四边形的点P 的坐标；（3）连接CP ，CD ，在动直线l 移动的过程中，抛物线上是否存在点P ，使得以点P ，C ，F 为顶点的三角形与△DCE 相似？如果存在，求出点P 的坐标；如果不存在，请说明理由．【解答】解：（1）将点A （﹣1，0），B （4，0），代入y ═ax 2+bx +4，得：{0=a −b +40=16a +4b +4， 解得：{a =−1b =3， ∴二次函数的表达式为：y ＝﹣x 2+3x +4，当x ＝0时，y ＝4，∴C （0，4），设BC 所在直线的表达式为：y ＝mx +n ，将C （0，4）、B （4，0）代入y ＝mx +n ，得：{4=n 0=4m +n，解得：{m =−1n =4， ∴BC 所在直线的表达式为：y ＝﹣x +4；（2）∵DE ⊥x 轴，PF ⊥x 轴，∴DE ∥PF ，只要DE ＝PF ，四边形DEFP 即为平行四边形，∵y ＝﹣x 2+3x +4＝﹣（x −32）2+254，∴点D 的坐标为：（32，254）， 将x =32代入y ＝﹣x +4，即y =−32+4=52，∴点E 的坐标为：（32，52）， ∴DE =254−52=154，设点P 的横坐标为t ，则P 的坐标为：（t ，﹣t 2+3t +4），F 的坐标为：（t ，﹣t +4）， ∴PF ＝﹣t 2+3t +4﹣（﹣t +4）＝﹣t 2+4t ，由DE ＝PF 得：﹣t 2+4t =154， 解得：t 1=32（不合题意舍去），t 2=52，当t =52时，﹣t 2+3t +4＝﹣（52）2+3×52+4=214， ∴点P 的坐标为（52，214）；（3）存在，理由如下：如图2所示：由（2）得：PF ∥DE ，∴∠CED ＝∠CFP ，又∵∠PCF 与∠DCE 有共同的顶点C ，且∠PCF 在∠DCE 的内部， ∴∠PCF ≠∠DCE ，∴只有∠PCF ＝∠CDE 时，△PCF ∽△CDE ，∴PF CE =CF DE ，∵C （0，4）、E （32，52）， ∴CE =√(32)2+(4−52)2=3√22，由（2）得：DE =154，PF ＝﹣t 2+4t ，F 的坐标为：（t ，﹣t +4）， ∴CF =√t 2+[4−(−t +4)]2=√2t ， ∴23√22=√2t 154，∵t ≠0，∴154（﹣t +4）＝3，解得：t =165，当t =165时，﹣t 2+3t +4＝﹣（165）2+3×165+4=8425， ∴点P 的坐标为：（165，8425）．。
2020年山东省聊城中考数学试卷含答案-答案在前
2020年山东省聊城市初中学业水平考试数学答案解析选择题一、1.【答案】D【解析】正实数都大于0，负实数都小于0，正实数大于一切负实数，两个负实数绝对值大的反而小，据此判断即可.1014-∵＞＞，∴在实数1-，，0，14中，最小的实数是，故选：D . 【考点】实数大小比较的方法2.【答案】C【解析】找到从几何体的上面看所得到的图形即可.从上面看几何体所得到的图形为俯视图，其中看得见的轮廓画实线，选项C 符合题意.故选：C .【考点】简单几何体的三视图3.【答案】B【解析】根据等腰三角形的性质得到B C ∠=∠，利用平行线的性质得到EDC B ∠=∠，利用三角形的外角性质即可求解.AB AC =∵，°65B C ∠=∠=∴，DF AB ∵ ，°65EDC B ∠=∠=∴，°°°6565130FEC EDC C ∠=∠+∠=+=∴.故选：B .【考点】等腰三角形的性质，平行线的性质，三角形的外角性质4.【答案】C【解析】根据同底数幂的乘法、同底数幂的除法、积的乘方、完全平方公式逐一分析即可.A .23235a a a a +== ，该项不符合题意；B .()62628a a a a ---==÷，该项不符合题意；C .()()()33323236228ab a b a b -=-=- ，该项符合题意；D .()222244a b a ab b +=++，该项不符合题意；故选：C .【考点】同底数幂的乘法，同底数幂的除法，积的乘方，完全平方公式5.【答案】B【解析】根据中位数的定义和众数的定义分别求解即可.解：由统计表得共有30个数据，第15、16个数据分别是92，96，∴中位数是9296=942+； 由统计表得数据96出现的次数最多，∴众数为96. 故选：B .【考点】求一组数据的中位数和众数6.【答案】A【解析】利用二次根式的乘除法则计算即可得到结果.解：1===， 故选：A .【考点】二次根式的乘除法7.【答案】D【解析】过点A 作AD BC ⊥于点D ，在Rt ACD △中，利用勾股定理求得线段AC 的长，再按照正弦函数的定义计算即可.解：如图，过点A 作AD BC ⊥于点D ，则90ADC ︒∠=，5AC==∴，4sin 5AD ACB AC ∠==∴， 故选：D . 【考点】勾股定理的运用以及锐角三角函数8.【答案】A【解析】按照配方法的步骤进行求解即可得答案.解：22310x x --=移项得2231x x -=，二次项系数化1的23122x x -=， 配方得22233132424x x ⎛⎫⎛⎫-+=+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭ 即2317416x ⎛⎫-= ⎪⎝⎭故选：A .【考点】配方法解一元二次方程9.【答案】B【解析】根据AB 是O 的直径，弦CD AB ⊥，由垂径定理得CM DM =，再根据OC DB 证得MCO CDB ∠=∠，即可证明OMC BMD ≅△△，即可得出OBC S S =阴影扇形.解：AB ∵是O 的直径，弦CD AB ⊥，90OMC ︒∠=∴，CM DM =.90MOC MCO ︒∠+∠=∴OC DB ∵MCO CDB ∠=∠∴又12CDB BOC ∠=∠∵ 1902MOC MOC ︒∠+∠=∴ 60MOC ︒∠=∴在OMC △和BMD △中，OCM BDM CM DMOMC BMD ∠=∠⎧⎪=⎨⎪∠=∠⎩OMC BMD ≅∴△△，OMC BMD S S =△△∴()2602360OBC S S ππ⨯⨯===阴影扇形∴ 故选：B . 【考点】垂径定理，圆周角定理，平行线的性质，全等三角形的判定，扇形的面积，等积变换10.【答案】C【解析】首先利用扇形的弧长公式求得圆锥的底面周长，求得底面半径的长，然后利用勾股定理求得圆锥的高.解：设圆锥的底面周长是l ，则901m 1801802n r l πππ⨯⨯===， 则圆锥的底面半径是：()12m 24ππ÷=，m =. 故选：C .【考点】圆锥的计算11.【答案】C【解析】由图形可知图①中白色小正方形地砖有12块，图②中白色小正方形地砖有127+块，图③中白色小正方形地砖有1272+⨯块，…，可知图中白色小正方形地砖有()127175n n +-=+，再令50n =，代入即可.解：由图形可知图中白色小正方形地砖有()127175n n +-=+（块）当50n =时，原式7505355=⨯+=（块） 故选：C .【考点】规律型12.【答案】D【解析】根据旋转的性质和30°角的直角三角形的性质可得AB '的长，进而可得B C '的长，过点D 作DM BC ⊥于点M ，过点B '作B E BC '⊥于点E ，B F DM '⊥于点F ，如图，则四边形B EMF '是矩形，解Rt B EC '△可得B E '的长，即为FM 的长，根据三角形的内角和易得30B DN C ︒'∠=∠=，然后解Rt B DF '△可求出DF 的长，进一步即可求出结果.解：在Rt ABC △中，2AB =∵，30C ︒∠=，24AC AB ==∴，∵将Rt ABC △绕点A 旋转得到Rt A B C '''△，使点B 的对应点B '落在AC 上，2AB AB '==∴，2B C '=∴，过点D 作DM BC ⊥于点M ，过点B '作B E BC '⊥于点E ，B F DM '⊥于点F ，交AC 于点N ，如图，则四边形B EMF '是矩形，FM B E '=∴，在Rt B EC '△中，1sin 30212B E BC ︒''==⨯= ，1FM =∴， 90DB N CMN ︒'∠=∠=∵，B ND MNC '∠=∠，∴30B DN C ︒'∠=∠=∴，在Rt B DF '△中，cos302DF B D ︒'=== ，1DM FM DF =+=∴，即点D 到BC 1+. 故选：D .【考点】直角三角形，矩形的判定和性质，旋转的性质非选择题二、13.【答案】()()21x x --【解析】先把二、三两项分为一组，提取一个负号，再提取公因式()2x -即可.解：原式()()()()2221x x x x x =---=--【考点】提公因式法分解因式14.【答案】60°【解析】连接OB ，证明OAB △，OBC △都是等边三角形，得到°120AOC =△，进而求出ADC . 解：连接OB ，∵四边形OABC 为菱形，OA OB =，OA OB OC AB BC ====∴，OAB ∴△，OBC △都是等边三角形，°60AOB BOC ∠=∠=∴，°120AOC ∠=∴，AC AC =∵，1602ADC AOC ︒∠=∠=∴． 故答案为：60°.【考点】菱形的性质，圆的半径都相等，圆周角定理，等边三角形性质15.【答案】a -【解析】分式的混合运算，根据分式的加减乘除混合运算法则可以解答本题，括号里先通分运算，再进行括号外的除法运算，即可解答本题. 解：()2221111111111111a a a aa a a a a aa a aa aa a⎛⎫+÷ ⎪--⎝⎭⎛⎫=+÷ ⎪--⎝⎭=÷--=⨯--=-－－【解析】先画出树状图求出所有等可能的结果数，再找出抽到同一类书籍的结果数，然后根据概率公式求解即可.解：“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍分别用A 、B 、C 表示，则所有可能出现的结果如下图所示：由上图可知：共有9种等可能的结果数，其中抽到同一类书籍的结果数有3种，∴抽到同一类书籍的概率3193==. 故答案为：13.【解析】先求出2AC BC ==，作点B 关于y 轴对称的点E ，连接AE ，交y 轴于D ，此时AE AD BD=+且AD BD +值最小，即此时四边形ACBD 的周长最小；作FG y 轴，AG x 轴，交于点G ，则GF AG ⊥，根据勾股定理求出AE 即可.解：()11A ∵，，点C 的纵坐标为1，AC x ∴ 轴，∵点()11A ，，()33B ，是第一象限角平分线上的两点， °45BAC ∠=∴，CA CB =∵，°45BAC ABC ∠=∠=∴，°90C ∠=∴，BC y ∴ 轴，2AC BC ==∴，作点B 关于y 轴对称的点E ，连接AE ，交y 轴于D ，此时AE AD BD =+，且AD BD +值最小， ∴此时四边形ACBD 的周长最小，作FG y 轴，AG x 轴，交于点G ，则GF AG ⊥，2EG =∴，4GA =，在Rt AGE △中，AE ===，∴四边形ACBD 的周长最小值为224++=+【考点】四条线段和最短问题三、 18.【答案】解：131722324334x x x x x ⎧+-⎪⎪⎨--⎪+⎪⎩＜①≥②解不等式①，得3x ＜.解不等式②，得45x -≥. 在同一数轴上表示出不等式①，②的解集：所以该不等式组的解集是435x -＜. 它的所有整数解为0，1，2. 【解析】分别求出两个不等式，确定不等式组的解集，写出整数解即可.具体解题过程参照答案.【考点】不等式组19.【答案】解：（1）1815%120÷=，12010%12a =⨯=，12030%36b =⨯=，故答案为：120，12，36.（2）E 类别的人数为：1201812303624----=（人）补全条形统计图如图所示：（3）C 类别所占的百分比为：3012025%÷=，302500625120⨯=（人） 答：全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数约为625人.【解析】（1）由A 所占的百分比及参加A 类活动课的人数可求得总人数，再由总人数及B 和D 所占的百分比即可求得a 和b 的值.具体解题过程参照答案.（2）先求得E 类活动课参加的人数，再补全条形统计图即可.具体解题过程参照答案.（3）先求出抽样调查中喜爱“葫芦雕刻”的学生所占的百分比，即可求得全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数.具体解题过程参照答案.【考点】条形统计图和扇形统计图的综合运用20.【答案】解：（1）设这一批树苗平均每棵的价格是x 元， 根据题意，得630600100.9 1.2x x-=， 解之，得20x =.经检验知，20x =是原分式方程的根，并符合题意.答：这一批树苗平均每棵的价格是20元.（2）由（1）可知A 种树苗每棵价格为0.12098⨯=元，B 种树苗每棵价格为20 1.224⨯=元， 设购进A 种树苗t 棵，这批树苗的费用为w ，则()182455006132000w t t t =+-=-+.w ∵是t 的一次函数，60k =-＜，w 随着t 的增大而减小，又3500t ≤，∴当3500t =棵时，w 最小.此时，B 种树苗有550035002000-=棵，35001320060111000w ⨯+==-. 答：购进A 种树苗3 500棵，B 种树苗2 000棵，能使得购进这批树苗的费用最低为111 000元.【解析】（1）设这一批树苗平均每棵的价格是x 元，分别表示出两种树苗的数量，根据“每捆A 种树苗比每捆B 种树苗多10棵”列方程即可求解.具体解题过程参照答案.（2）设购进A 种树苗t 棵，这批树苗的费用为w ，得到w 与t 的关系式，根据题意得到t 的取值范围，根据函数增减性即可求解.具体解题过程参照答案.【考点】分式方程的实际应用，一次函数实际应用，不等式应用21.【答案】∵四边形ABCD 是平行四边形//AB CD ∴，AB CD =，AD BC =BAE CFE ∠=∠∴，ABE FCE ∠=∠E ∵为BC 的中点EB EC =∴()ABE FCE AAS ≅∴△△AB CF =∴AB CF ∵∴四边形ABFC 是平行四边形AF AD =∵ BC AF =∴∴平行四边形ABFC 是矩形.【解析】先根据平行四边形的性质、平行线的性质得到两角一边对应相等，再根据三角形全等的判定定理与性质可得AB CF =，然后根据平行四边形的判定可得四边形ABFC 是平行四边形，又根据等量代换可得BC AF =，最后根据矩形的判定（对角线相等的平行四边形是矩形）可得四边形ABFC 是矩形.具体解题过程参照答案.【考点】平行四边形的判定与性质，三角形全等的判定定理与性质，矩形的判定22.【答案】解：过点N 作EF AC 交AB 于点E ，交CD 于点F .则 1.6AE MN CF ===35EF AC ==，°90BEN DFN ∠==，EN AM =，NF MC =，16.6 1.615DF CD CF =-=-=.在Rt DFN △中，°45DNF ∠=∵，15NF DF ==∴.351520EN EF NF =-=-=∴. 在Rt BEN △中，tan BE BNE EN∠=∵， °tan 20tan 5520 1.4328.6BE EN BNE =∠=⨯≈⨯= ∴. 28.6 1.630AB BE AE =+=+≈∴.答：居民楼AB 的高度约为30m .【解析】过点N 作EF AC 交AB 于点E ，交CD 于点F ，可得 1.6AE MN CF ===，35EF AC ==，再根据锐角三角函数可得BE 的长，进而可得AB 的高度.具体解题过程参照答案.【考点】直角三角形的应用-仰角俯角23.【答案】解：（1）()23A -∵，在ky x=的图象上， 32k=-∴，6k =-， 又点()1B m ，在6y x-=的图象上，6m =-，即()16B -，. 将点A ，B 的坐标代入y ax b =+，得326a ba b =-+⎧⎨-=+⎩，解得33a b =-⎧⎨=-⎩．∴直线的表达式为33y x =--.（2）设直线33y x =--与x 轴的交点为E ，当0y =时，解得1x =-．即()10E -，. 分别过点A ，B 作x 轴的垂线AC ，BD ，垂足分别为C ，D .1136922222PAB S PE AC PE DB PE PE PE =+=+= △. 又18PAB S =△，即9182PE =，4PE =∴. 当点P 在原点右侧时，()30P ，， 当点P 在原点左侧时，()50P -，. 【解析】（1）通过点A 的坐标确定反比例函数的解析式，再求得B 的坐标，利用待定系数法将A ，B 的坐标代入，可得到一次函数的解析式.具体解题过程参照答案.（2）直线33y x =--与x 轴的交点为()10E -，，过点A ，B 作x 轴的垂线AC ，BD ，垂足分别为C ，D ，得到9182PAB S PE ==△，即4PE =，分情况讨论即可解决.具体解题过程参照答案.【考点】反比例函数的性质，一次函数的性质 24.【答案】（1）证明：连接OD ，BD ，AB ∵为O 的直径， BD AD ⊥∴，又AB BC =∵，ABC △是等腰三角形，AD DC =∴，OD ∴是ABC △的中位线，OD BC ∴ ，又DE BC ⊥，DE OD ⊥∴，DE ∴是O 的切线；（2）由（1）知，BD 是AC 边上的中线，AC =，得AD CD ==，O ∵的半径为5， 10AB =∴，在Rt ABD △中，BD ==，AB BC =∵， A C ∠=∠∴，在Rt CDE △和Rt ABD △中，°90DEC ADB ∠=∠=∵，C A ∠=∠，Rt CDE Rt ABD ∴△∽△，CD DEAB BD =∴=， 解得：3DE =.【解析】（1）连接OD 、BD ，求出BD AD ⊥，AD DC =，根据三角形的中位线得出OD BC ，推出OD DE ⊥，根据切线的判定推出即可.具体解题过程参照答案.（2）先利用勾股定理求出BD 的长，证得Rt CDE △和Rt ABD △，利用对应边成比例即可求解.具体解题过程参照答案.【考点】切线的判定，圆周角定理，相似三角形的判定与性质，三角形中位线的判定与性质25.【答案】（1）由题意，将()10A -，，()40B ，代入24y ax bx =++，得 4016440a b a b -+=⎧⎨++=⎩，解得13a b =-⎧⎨=⎩， ∴二次函数的表达式为234y x x =-++，当0x =时，4y =，∴点C 的坐标为()04，，又点B 的坐标为()40，， 设线段BC 所在直线的表达式为y mx n =+，440n m n =⎧⎨+=⎩∴，解得14m n =-⎧⎨=⎩， BC ∴所在直线的表达式为4y x =-+；（2）DE x ⊥∵轴，PF x ⊥轴，DE PF ∴ ，只要DE PF =，此时四边形DEFP 即为平行四边形.由二次函数223253424y x x x ⎛⎫=-++=-+ ⎪⎝⎭，得D 的坐标为32524⎛⎫ ⎪⎝⎭，，将32x =代入4y x =-+，即35422y =-+=，得点E 的坐标为3522⎛⎫⎪⎝⎭，， 25515424DE =-=∴. 设点P 的横坐标为t ，则()234P t t t ++，-，()4F t t -+，， ()223444PF t t t t t =-++--+=-+，由DE PF =，得21544t t -+=， 解之，得132t =（不合题意，舍去），252t =. 当52t =时，2255213434224t t ⎛⎫-++=-+⨯+= ⎪⎝⎭，P ∴的坐标为52124⎛⎫⎪⎝⎭，.（3）由（2）知，PF DE ，CED CFP ∠=∠∴，又PCF ∠与DCE ∠有共同的顶点C ，且PCF ∠在DCE ∠的内部，PCF DCE ∠≠∠∴，∴只有当PCF DCE ∠=∠时，CDE PCF △∽△，由32524D ⎛⎫ ⎪⎝⎭，，()04C ，，3522E ⎛⎫⎪⎝⎭，，利用勾股定理，可得CE ==，25515424DE =-=， 由（2）以及勾股定理知，24PF t t =-+，()4F t t -+，，CF ==，CDE PCF ∵△∽△，PF CF CE DE =∴24=， 0t ≠∵，()15434t -+=∴，165t =∴.当165t =时，2216168434345525t t ⎛⎫-++=-+⨯+= ⎪⎝⎭.【解析】（1）运用待定系数法，利用A ，B 两点的坐标构建二元一次方程组求解二次函数的表达式，利用B ，C 两点的坐标确定直线BC 的表达式.具体解题过程参照答案.（2）先求得DE 的长，根据平行四边形的性质得到PF DE =，点P 与点F 的横坐标相同，故利用抛物线与直线的解析式表示它们的纵坐标，根据其差等于DE 长构建一元二次方程求解.具体解题过程参照答案. （3）结合图形与已知条件，易于发现若两三角形相似，只可能存在CDE PCF △∽△一种情况.CDE △的三边均可求，（2）中已表示PF 的长，再构建直角三角形或借助两点间距离公式，利用勾股定理表示出CF 的长，这样根据比例式列方程求解，从而可判断点P 是否存在，以及求解点P 的值.具体解题过程参照答案. 【考点】一次函数的性质，二次函数的性质，相似三角形的判定和性质，平行四边形的判定和性质，勾股定理的应用数学试卷 第1页（共8页）数学试卷 第2页（共8页）绝密★启用前2020年山东省聊城市初中学业水平考试数 学亲爱的同学，伴随着考试的开始，你又走到了一个新的人生驿站.请你在答题之前，一定要仔细阅读以下说明：1.试题由选择题与非选择题两部分组成，共8页。
2020年山东省聊城市中考数学试卷题及答案解析
2020年山东省聊城市中考数学试卷题一、选择题（本题共12个小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1. 在实数，，，中，最小的实数是（）A. B. C. D.【考点】实数大小比较【解析】根据负数的绝对值越大，这个数越小，然后根据正数大于0，负数小于0;进行大小比较即可．【解答】解：实数，−2，0，中，最小的实数是−2，故选A 【点评】此题考查了实数大小比较：正数大于0，负数小于0；负数的绝对值越大，这个数越小．2. 如图，，，，则的度数为（）A. B. C. D.【考点】平行线的判定与性质【解析】根据平行线的性质得到∠1=∠B=68∘，由三角形的外角的性质即可得到结论．【解答】解：如图，∵AB//CD,AB//CD，∴∠1=∠B=68∘，∵∠E=20∘，∴∠D=∠1−∠E=48∘，故选C．【点评】本题考查了平行线的性质，三角形的外角的性质，熟练掌握平行线的性质是解题的关键．3. 地球的体积约为立方千米，太阳的体积约为立方千米，地球的体积约是太阳体积的倍数是（）A. B. C. D.【考点】整式的除法【解析】直接利用整式的除法运算法则结合科学记数法求出答案．【解答】解：∵地球的体积约为1012立方千米，太阳的体积约为1.4×1018立方千米，∴地球的体积约是太阳体积的倍数是：1012÷(1.4×1018)≈7.1×10−7故选：B．【点评】此题主要考查了整式的除法运算，正确掌握运算法则是解题关键．4. 把进行因式分解，结果正确的是（）A. B. C. D.【考点】提公因式法与公式法的综合运用【解析】首先提取公因式，进而利用完全平方公式分解因式即可．【解答】=2a(4a2−4a+1)=2a(2a−1)2．【点评】此题主要考查了提取公因式法以及公式法分解因式，熟练应用完全平方公式是解题关键．5. 某体校要从四名射击选手中选拔一名参加省体育运动会，选拔赛中每名选手连续射靶次，他们各自的平均成绩及其方差如表所示：甲乙丙丁（环）如果要选出一名成绩高且发挥稳定的选手参赛，则应选择的选手是（）A.甲B.乙C.丙D.丁【答案】B【考点】方差【解析】从平均成绩分析乙和丙要比甲和丁好，从方差分析甲和乙的成绩比丙和丁稳定，综合两个方面可选出乙．【点评】此题主要考查了方差和平均数，关键是掌握方差是用来衡量一组数据波动大小的量，方差越大，表明这组数据偏离平均数越大，即波动越大，数据越不稳定；反之，方差越小，表明这组数据分布比较集中，各数据偏离平均数越小，即波动越小，数据越稳定．6. 用若干个大小相同的小正方形体组合成的几何体的主视图和俯视图如图所示，下面所给的四个选项中，不可能是这个几何体的左视图的是（）A. B. C. D.【考点】由三视图判断几何体简单组合体的三视图【解析】由俯视图可得此几何体底面有个小正方形分为列排，根据主视图可得这个几何体的左视图有层高，依此即可求解．【解答】解：由俯视图可得此几何体底面有个小正方形分为列排，根据主视图可得这个几何体的左视图有层高，可得这个几何体的左视图不可能是层高．故选：C【点评】此题主要考查了画三视图，关键是根据主视图和俯视图分析出每排小正方体的个数.7.二次函数，，为常数且的图象如图所示，则一次函数与反比例函数的图象可能是（）A.B.C.D.【考点】反比例函数的图象;一次函数的图象;二次函数的图象【解析】根据二次函数的图象，可以判断、、的正负情况，从而可以判断一次函数与反比例函数的图象分别在哪几个象限，从而可以解答本题．【解答】解：由二次函数y=ax2+bx+c的图象可知，a>0，b<0，c<0，则一次函数y=ax+b的图象经过第一、三、四象限，反比例函数的图象在二四象限，故选C．【点评】本题考查反比例函数的图象、一次函数的图象、二次函数的图象，解题的关键是明确它们各自图象的特点，利用数形结合的思想解答问题．8. 在如图的年月份的月历表中，任意框出表中竖列上三个相邻的数，这三个数的和不可能是（）A. B. C. D.【考点】一元一次方程的应用【解析】设第一个数为x，则第二个数为x+7，第三个数为x+14．列出三个数的和的方程，再根据选项解出x，看是否存在．【解答】解：设第一个数为x，则第二个数为x+7，第三个数为x+14故三个数的和为x+x+7+x+14=3x+21当x=16时，3x+21=69；当x=10时，3x+21=51；当x=2时，3x+21=27．故任意圈出一竖列上相邻的三个数的和不可能是72．故选：D．【点评】此题主要考查了一元一次方程的应用，解题关键是要读懂题目的意思，根据题目给出的条件，找出合适的等量关系列出方程，再求解．9. 如图，四边形内接于，是上一点，且，连接并延长交的延长线于点，连接．若，，则的度数为（）A. B. C. D.【考点】圆内接四边形的性质圆心角、弧、弦的关系圆周角定理【解析】先根据圆内接四边形的性质求出∠ADC 的度数，再由圆周角定理得出∠DCE 的度数，根据三角形外角的性质即可得出结论． 【解答】解：∵四边形ABCD 内接于⊙O ，∠ABC=105∘， ∴∠ADC=180∘−∠ABC=180∘−105∘=75∘． ∵DF ˆ=BC ˆ ，∠BAC=25∘， ∴∠DCE=∠BAC=25∘，∴∠E=∠ADC −∠DCE=75∘−25∘=50∘．故选B ．【点评】本题考查的是圆内接四边形的性质，熟知圆内接四边形的对角互补是解答此题的关键． 10. 不等式组的解集是，则的取值范围是（ ）A.B.C.D.【答案】D 【考点】不等式的解集【解析】表示出不等式组中两不等式的解集，根据已知不等式组的解集确定出m 的范围即可． 【解答】不等式整理得：⎩⎨⎧+>>11m x x由不等式组的解集为x>1，得到m+1≤1， 解得：m ≤0 【点评】此题考查了不等式的解集，熟练掌握不等式组取解集的方法是解本题的关键． 11. 如图，把一张矩形纸片沿折叠后，点落在边上的点处，点落在点处，若，则图中的度数为（ ）A. B. C. D.【考点】翻折变换（折叠问题）【解析】根据折叠的性质和矩形的性质得出∠BFE=∠EFB′，∠B′=∠B=90∘，根据三角形内角和定理求出∠CFB′=50∘，进而解答即可．【解答】∵把一张矩形纸片ABCD沿EF折叠后，点A落在CD边上的点A'处，点B落在点B'处，∴∠BFE=∠EFB′，∠B′=∠B=90∘，∵∠2=40∘，∴∠CFB′=50∘，∴∠1+∠EFB′−∠CFB′=180∘，即∠1+∠1−50∘=180∘，解得：∠1=115∘【答案】A【点评】本题考查了矩形的性质，折叠的性质，三角形的内角和定理的应用，能综合运用性质进行推理和计算是解此题的关键，注意：折叠后的两个图形全等．12. 聊城“水城之眼”摩天轮是亚洲三大摩天轮之一，也是全球首座建筑与摩天轮相结合的城市地标，如图，点是摩天轮的圆心，长为米的是其垂直地面的直径，小莹在地面点处利用测角仪测得摩天轮的最高点的仰角为，测得圆心的仰角为，则小莹所在点到直径所在直线的距离约为A.米B.米C.米D.米【考点】解直角三角形的应用-----仰角俯角问题【解析】过C作CD⊥AB于D，在Rt△ACD中，求得AD=CD⋅tan∠ACD=CD⋅tan33∘，在Rt△BCO中，求得OD=CD⋅tan∠BCO=CD⋅tan21∘，列方程即可得到结论．【解答】解：过C作CD⊥AB于D，在Rt△ACD中，AD=CD⋅tan∠ACD=CD⋅tan33∘在Rt△BCO中，OD=CD⋅tan∠BCO=CD⋅tan21∘∵AB=110m ，∴AO=55m，∴A0=AD−OD=CD⋅tan33∘−CD⋅tan21∘=55m,∴CD=550.65−0.38≈204m，答：小莹所在C点到直径AB所在直线的距离约为204m．故选B．【点评】此题主要考查了仰角与俯角的问题，利用两个直角三角形拥有公共直角边，能够合理的运用这条公共边是解答此题的关键．二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，只要求填写最后结果）13. 计算：________．14. 如果关于的一元二次方程有两个不相等的实根，那么的取值范围是________．15. 如图，已知圆锥的高为，高所在直线与母线的夹角为，圆锥的侧面积为______．16. 如图，随机地闭合开关，，，，中的三个，能够使灯泡，同时发光的概率是________．17.如图，在平面直角坐标系中，边长为的正方形的两边在坐标轴上，以它的对角线为边作正方形，再以正方形的对角线为边作正方形，以此类推…、则正方形的顶点的坐标是________．三、解答题（本题共8个小题，共69分，解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18. 计算：．19. 如图，在平面直角坐标系中，已知的三个顶点的坐标分别为，，．（1）若经过平移后得到，已知点的坐标为，写出顶点，的坐标；（2）若和关于原点成中心对称图形，写出的各顶点的坐标；（3）将绕着点按顺时针方向旋转得到，写出的各顶点的坐标．20.如图，在中，，点是的中点，，的平分线交于点，作，连接并延长交于点，连接．求证：四边形是菱形．21.为了让书籍开拓学生的视野，陶冶学生的情操，向阳中学开展了“五个一”课外阅读活动，为了解全校学生课外阅读情况，抽样调查了名学生平均每天课外阅读时间（单位：），将抽查得到的数据分成组，下面是尚未完成的频数、频率分布表：组别分组频数（人数）频率（1）将表中空格处的数据补全，完成上面的频数、频率分布表；（2）请在给出的平面直角坐标系中画出相应的频数直方图；（3）如果该校有名学生，请你估计该校共有多少名学生平均每天阅读时间不少于？【点评】此题考查了频数分布直方图，用样本估计总体，以及频数分布表，弄清题中的数据是解本题的关键．22. 为加快城市群的建设与发展，在，两城市间新建条城际铁路，建成后，铁路运行里程由现在的缩短至，城际铁路的设计平均时速要比现行的平均时速快，运行时间仅是现行时间的，求建成后的城际铁路在，两地的运行时间．23. 如图，在直角坐标系中，直线与反比例函数的图象交于关于原点对称的，两点，已知点的纵坐标是．（1）求反比例函数的表达式；（2）将直线向上平移后与反比例函数在第二象限内交于点，如果的面积为，求平移后的直线的函数表达式．24. 如图，以Rt△ABC的直角边AB为直径作⊙O，交斜边AC于点D，点E为OB的中点，连接CE并延长交⊙O于点F，点F恰好落在AB^的中点，连接AF并延长与CB的延长线相交于点G，连接OF．1BG；（1）求证：OF=2（2）若AB=4，求DC的长．【点评】此题主要考查了相似三角形的判定与性质以及全等三角形的判定与性质等知识，正确得出是解题关键．25. 如图，已知抛物线经过点，和．垂直于轴，交抛物线于点，垂直与轴，垂足为，是抛物线的对称轴，点是抛物线的顶点．（1）求出二次函数的表达式以及点的坐标；（2）若沿轴向右平移到其直角边与对称轴重合，再沿对称轴向上平移到点与点重合，得到，求此时与矩形重叠部分的图形的面积；（3）若沿轴向右平移个单位长度得到，与重叠部分的图形面积记为，求与之间的函数表达式，并写出自变量的取值范围．。
2020年山东聊城中考数学试卷(解析版)
2020年山东聊城中考数学试卷（解析版）一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）1.在实数，，，中，最小的实数是（ ）．A. B. C. D.2.如图所示的几何体的俯视图是（ ）．正面A. B. C. D.3.如图，在中，，，点是边上任意一点，过点作交于点，则的度数是（ ）．A. B. C. D.4.下列计算正确的是（ ）．A.B.C.D.为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（ ）．成绩分人数人A.分，分B.分，分C.分，分D.分，分6.计算的结果正确的是（ ）．A.B.C.D.7.如图，在的正方形网格中，每个小正方形的边长都是，的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么的值为（ ）．A.B.C.D.8.用配方法解一元二次方程，配方正确的是（ ）．A.C.D.9.如图，是⊙的直径，弦，垂足为点，连接，，如果，，那么图中阴影部分的面积是（ ）．A.B.C.D.10.如图，有一块半径为，圆心角为的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（ ）．A.B.C.D.11.人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖，如果按图①②③的次序铺设地砖，把第个图形用图表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（ ）．A.B.C.D.12.如图，在中，，，将绕点转得到，使点的对应点落在上，在上取点，使得，那么，点到的距离等于（ ）．A.B.C.D.二、填空题（本大题共5小题，每小题3分，共15分）13.因式分解： ．14.如图，在⊙中，四边形为菱形，点在，则的度数是 ．15.计算：．16.某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是 ．17.如图，在直角坐标系中，点，是第一象限角平分线上的两点，点的纵坐标为，且，在轴上取一点，连接，，，，使得四边形的周长最小，这个最小周长的值为 ．三、解答题（本大题共8小题，共69分）18.解不等式组，并写出它的所有整数解．人数活动课类别（1）19.为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课按照类别分为，“剪纸”、“沙画”、“葫芦雕刻”、“泥塑”、“插花”．为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如下两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：本次调查的样本容量为 ，统计图中的，．（2）（3）通过计算补全条形统计图．该校共有名学生，请你估计全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数．（1）（2）20.今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的、两种树苗，每捆种树苗比每捆种树苗多棵，每捆种树苗和每捆种树苗的价格分别是元和元，而每棵种树苗和每棵种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的倍和倍．求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？如果购进的这批树苗共棵，种树苗至多购进棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进种树苗和种树苗各多少棵？并求出最低费用．21.如图，已知平行四边形中，是的中点，连接并延长，交的延长线于点，且，连接，求证：四边形是矩形．A DCBEF22.如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼的高度进行测量．先测得居民楼与之间的距离为，后站在点处测得居民楼的顶端的仰角为．居民楼的顶端的仰角为．已知居民楼的高度为，小莹的观测点距地面．求居民楼的高度（精确到）．（参考数据：，，）23.如图，已知反比例函数的图象与直线相交于点，．（1）（2）求出直线的表达式．在轴上有一点使得的面积为，求出点的坐标．（1）（2）24.如图，在中，，以的边为直径作⊙，交于点，过点作，垂足为点．试证明是⊙的切线．若⊙的半径为，，求此时的长．（1）（2）25.如图，二次函数的图象与轴交于点，，与轴交于点，抛物线的顶点为，其对称轴与线段交于点．垂直于轴的动直线分别交抛物线和线段于点和点，动直线在抛物线的对称轴的右侧（不含对称轴）沿轴正方向移动到点．求出二次函数和所在直线的表达式．在动直线移动的过程中，试求使四边形为平行四边形的点的坐标．【答案】解析:在实数大小比较中，负数小于与正数；两个负数中绝对值大的反而小，所给四个实数按从小到大排列为，所以这四个实数中最小．故选 ．解析:从上面看几何体所得到的图形为俯视图，其中看得见的轮廓画实线，故选项符合题意．解析:可利用三角形的外角性质求的度数，结合等腰三角形与平行线的性质，可得、均与相等．∵，∴．∵，∴．∴．故选．解析:连接，，在移动直线移动的过程中，抛物线上是否存在点，使得以点，，为顶点的三角形与相似，如果存在，求出点的坐标，如果不存在，请说明理由．D 1.C 2.B 3.C 4.B 5.个数据按大小顺序以表格形式呈现，处于中间位置的第与个数据分别是与，故这些成绩的中位数为分；出现的次数最多为次，故这些成绩的众数是分．故选．解析:方法一：原式．方法二：原式．故选．解析:利用网格特征把放置于直角三角形中求正弦值．过点作交于点，如图，在中，由勾股定理，得，于是．故选．解析:由，得，∴，∴，A 6.D 7.A 8.故选．解析:∵，且是⊙的直径，∴，∵，∴，又∵，∴≌（），∴，∴，∴，∴．故选．解析:设圆锥形容器底面圆的半径为，则有，解得，则圆锥的高为．故选．解析:方法一：该类规律猜想题可从图形规律、数字规律或函数等角度分析求解．根据图形规律可知，白色小正方形地砖的块数分别为：①；B 9.阴影扇形C 10.C 11.③；则图有白色小正方形地砖的块数是，图㊿中的白色小正方形地砖的块数是．方法二：从数字规律考虑，图①、②、③中白色小正方形地砖的块数分别为，，，发现相邻两数的差均为，即有①； ②； ③；则图中白色小正方形地砖的块数是，㊿中的白色小正方形地砖的块数是．方法三：从函数角度入手考虑，根据题意，初步猜想白色小正方形地砖的块数与图形序号具有一次函数关系，设，把、代入，得，解得，∴．验证：当时，，符合题意．当时，．解析:如图，设于点，交于点，则，∴，在中，设，根据勾股定理，得，解得，∴，由旋转知，在中，，∴，∴，D 12.∴，∴，∴．故选：．13.解析:．故答案为：．14.解析:利用圆周角定理、圆内接四边形的性质以及菱形的对角相等构建方程求解．在菱形中，，又∵，，∴，∴．故答案为：．15.解析:方法一：原式．方法二：原式．16.解析:根据题意，列表如下：小亮小莹科技文学艺术科技（科技，科技）（文学，科技）（艺术，科技）文学（科技，文学）（文学，文学）（艺术，文学）艺术（科技，艺术）（文学，艺术）（艺术，艺术）可知，一共有种等可能的情况，其中抽到同一类书籍的有种，所以，故答案为．解析:由点与点的纵坐标均为，可知轴，又因为点，是第一象限角平分线上的两点，∴，则．如图，作点关于轴的对称点，连接交轴于点，此时的值最小，为线段的长．由轴对称性可知，则，在中，根据勾股定理，得，∴四边形的最小周长为．解析:，解不等式①，得，解不等式②，得．在同一数轴上表示出表达式①，②的解集：抽到同一类书籍17.；，，．18.①②（1）（2）（3）（1）（2）所以该不等式组的解集是，它的所有整数解为，，．解析:已知类别的人数与所占抽取人数的百分比，由此可先求得样本容量为，则，．故答案为：，，．类别所占的百分比为：；类别的人数为：（人）．补全条形统计图如图所示：人数活动课类别（人）．答：全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数约为人．解析:设这一批树苗平均每棵的价格是元，根据题意，得，解之，得．经检验知，是原分式方程的根，并符合题意．答：这一批树苗平均每棵的价格是元．由（）可知种树苗每棵价格为元，种树苗每棵价格为元，（1）;;（2）画图见解析．（3）人．19.（1）这一批树苗平均每棵的价格是元．（2）购进种树苗棵，种树苗棵，能使得购进这批树苗的费用最低为元．20.设购进种树苗棵，这批树苗的费用为，则，因为是的一次函数，，随着的增大而减小，又，所以当棵时，最小．此时，种树苗有棵．．答：购进种树苗棵，种树苗棵，能使得购进这批树苗的费用最低为元．解析:∵四边形是平行四边形，∴，，∴，，∵为的中点，∴，∴≌，∴．∵，∴四边形是平行四边形，∵，∴四边形是矩形．解析:过点作交于点，交于点．则，，，，，证明见解析．21.．22.（1）（2）则．在中，∵，∴，∴．在中，∵，∴，∴．答：居民楼的高度约为．解析:∵在的图象上，∴，．又点在的图象上，∴，即．将点，的坐标代入，得，解得，∴直线的表达式为．（1）．（2）当点在原点右侧时，．当点在原点左侧时，．23.（1）设直线与轴的交点为，当时，解得，即．分别过点，作轴的垂线，，垂足分别为，．．又，即，∴．当点在原点右侧时，．当点在原点左侧时，．解析:连接，，∵为⊙的直径，∴，又∵，是等腰三角形，∴又是边上的中线，∴是的中位线，（1）证明见解析．（2）．24.（2）（1）（2）又，∴，∴是⊙的切线．由（）知，是边上的中线，，得∵⊙的半径为，∴，在中，，∵，∴，在和中，∵，，∴，∴，即，解得．解析:由题意，将，代入，得，解得，∴二次函数的表达式为．当时，，得点，又点，设线段所在直线的表达式为，∴，解得，∴所在直线的表达式为．∵轴，轴，（1）．（2）．（3）存在，．25.（3）只要，此时四边形即为平行四边形．由二次函数，得．将代入，即，得点，∴．设点的横坐标为，则，，，由，得，解之，得（不合题意，舍去），．当时，，∴．由（）知，，∴．又与有共同的顶点，且在的内部，∴，∴只有当时，．由，，，利用勾股定理，可得，．由（）以及勾股定理知，，，∴，即．∵，∴，当时，，∴点的坐标是．。
山东省聊城市2020年部编人教版中考数学试题及答案精析(word版).doc
2020年山东省聊城市中考数学试卷一、选择题（本题共12个小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．在实数﹣，﹣2，0，中，最小的实数是（）A．﹣2 B．0 C．﹣D．2．如图，AB∥CD，∠B=68°，∠E=20°，则∠D的度数为（）A．28° B．38° C．48° D．88°3．地球的体积约为1012立方千米，太阳的体积约为1.4×1018立方千米，地球的体积约是太阳体积的倍数是（）A．7.1×10﹣6B．7.1×10﹣7C．1.4×106D．1.4×1074．把8a3﹣8a2+2a进行因式分解，结果正确的是（）A．2a（4a2﹣4a+1）B．8a2（a﹣1）C．2a（2a﹣1）2D．2a（2a+1）25．某体校要从四名射击选手中选拔一名参加省体育运动会，选拔赛中每名选手连续射靶10次，他们各自的平均成绩及其方差S2如表所示：甲乙丙丁（环）8.4 8.6 8.6 7.6S20.74 0.56 0.94 1.92如果要选出一名成绩高且发挥稳定的选手参赛，则应选择的选手是（）A．甲B．乙C．丙D．丁6．用若干个大小相同的小正方形体组合成的几何体的主视图和俯视图如图所示，下面所给的四个选项中，不可能是这个几何体的左视图的是（）A．B．C．D．7．二次函数y=ax2+bx+c（a，b，c为常数且a≠0）的图象如图所示，则一次函数y=ax+b与反比例函数y=的图象可能是（）A．B．C．D．8．在如图的2020年6月份的月历表中，任意框出表中竖列上三个相邻的数，这三个数的和不可能是（）A．27 B．51 C．69 D．729．如图，四边形ABCD内接于⊙O，F是上一点，且=，连接CF并延长交AD的延长线于点E，连接AC．若∠ABC=105°，∠BAC=25°，则∠E的度数为（）A．45° B．50° C．55° D．60°10．不等式组的解集是x＞1，则m的取值范围是（）A．m≥1 B．m≤1 C．m≥0 D．m≤011．如图，把一张矩形纸片ABCD沿EF折叠后，点A落在CD边上的点A′处，点B落在点B′处，若∠2=40°，则图中∠1的度数为（）A．115° B．120° C．130° D．140°12．聊城“水城之眼”摩天轮是亚洲三大摩天轮之一，也是全球首座建筑与摩天轮相结合的城市地标，如图，点O是摩天轮的圆心，长为110米的AB是其垂直地面的直径，小莹在地面C点处利用测角仪测得摩天轮的最高点A的仰角为33°，测得圆心O的仰角为21°，则小莹所在C点到直径AB所在直线的距离约为（tan33°≈0.65，tan21°≈0.38）（）A．169米B．204米C．240米D．407米二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，只要求填写最后结果）13．计算：=．14．如果关于x的一元二次方程kx2﹣3x﹣1=0有两个不相等的实根，那么k的取值范围是．15．如图，已知圆锥的高为，高所在直线与母线的夹角为30°，圆锥的侧面积为．16．如图，随机地闭合开关S1，S2，S3，S4，S5中的三个，能够使灯泡L1，L2同时发光的概率是．17．如图，在平面直角坐标系中，边长为1的正方形OA1B1C1的两边在坐标轴上，以它的对角线OB1为边作正方形OB1B2C2，再以正方形OB1B2C2的对角线OB2为边作正方形OB2B3C3，以此类推…、则正方形OB2020B2020C2020的顶点B2020的坐标是．三、解答题（本题共8个小题，共69分，解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．计算：（﹣）．19．如图，在平面直角坐标系中，已知△ABC的三个顶点的坐标分别为A（﹣3，5），B（﹣2，1），C （﹣1，3）．（1）若△ABC经过平移后得到△A1B1C1，已知点C1的坐标为（4，0），写出顶点A1，B1的坐标；（2）若△ABC和△A1B2C2关于原点O成中心对称图形，写出△A1B2C2的各顶点的坐标；（3）将△ABC绕着点O按顺时针方向旋转90°得到△A2B3C3，写出△A2B3C3的各顶点的坐标．20．如图，在Rt△ABC中，∠B=90°，点E是AC的中点，AC=2AB，∠BAC的平分线AD交BC于点D，作AF∥BC，连接DE并延长交AF于点F，连接FC．求证：四边形ADCF是菱形．21．为了让书籍开拓学生的视野，陶冶学生的情操，向阳中学开展了“五个一”课外阅读活动，为了解全校学生课外阅读情况，抽样调查了50名学生平均每天课外阅读时间（单位：min），将抽查得到的数据分成5组，下面是尚未完成的频数、频率分布表：组别分组频数（人数）频率1 10≤t＜30 0.162 30≤t＜50 203 50≤t＜70 0.284 70≤t＜90 65 90≤t＜110（1）将表中空格处的数据补全，完成上面的频数、频率分布表；（2）请在给出的平面直角坐标系中画出相应的频数直方图；（3）如果该校有1500名学生，请你估计该校共有多少名学生平均每天阅读时间不少于50min？22．为加快城市群的建设与发展，在A，B两城市间新建条城际铁路，建成后，铁路运行里程由现在的120km 缩短至114km，城际铁路的设计平均时速要比现行的平均时速快110km，运行时间仅是现行时间的，求建成后的城际铁路在A，B两地的运行时间．23．如图，在直角坐标系中，直线y=﹣x与反比例函数y=的图象交于关于原点对称的A，B两点，已知A 点的纵坐标是3．（1）求反比例函数的表达式；（2）将直线y=﹣x向上平移后与反比例函数在第二象限内交于点C，如果△ABC的面积为48，求平移后的直线的函数表达式．24．如图，以Rt△ABC的直角边AB为直径作⊙O，交斜边AC于点D，点E为OB的中点，连接CE并延长交⊙O于点F，点F恰好落在的中点，连接AF并延长与CB的延长线相交于点G，连接OF．（1）求证：OF=BG；（2）若AB=4，求DC的长．25．如图，已知抛物线y=ax2+bx+c经过点A（﹣3，0），B（9，0）和C（0，4）．CD垂直于y轴，交抛物线于点D，DE垂直与x轴，垂足为E，l是抛物线的对称轴，点F是抛物线的顶点．（1）求出二次函数的表达式以及点D的坐标；（2）若Rt△AOC沿x轴向右平移到其直角边OC与对称轴l重合，再沿对称轴l向上平移到点C与点F 重合，得到Rt△A1O1F，求此时Rt△A1O1F与矩形OCDE重叠部分的图形的面积；（3）若Rt△AOC沿x轴向右平移t个单位长度（0＜t≤6）得到Rt△A2O2C2，Rt△A2O2C2与Rt△OED重叠部分的图形面积记为S，求S与t之间的函数表达式，并写出自变量t的取值范围．2020年山东省聊城市中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12个小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．在实数﹣，﹣2，0，中，最小的实数是（）A．﹣2 B．0 C．﹣D．【考点】实数大小比较．【分析】根据负数的绝对值越大，这个数越小，然后根据正数大于0，负数小于0进行大小比较即可．【解答】解：实数﹣，﹣2，0，中，最小的实数是﹣2，故选A【点评】此题考查了实数大小比较：正数大于0，负数小于0；负数的绝对值越大，这个数越小．2．如图，AB∥CD，∠B=68°，∠E=20°，则∠D的度数为（）A．28° B．38° C．48° D．88°【考点】平行线的性质．【分析】根据平行线的性质得到∠1=∠B=68°，由三角形的外角的性质即可得到结论．【解答】解：如图，∵AB∥CD，∴∠1=∠B=68°，∵∠E=20°，∴∠D=∠1﹣∠E=48°，故选C．【点评】本题考查了平行线的性质，三角形的外角的性质，熟练掌握平行线的性质是解题的关键．3．地球的体积约为1012立方千米，太阳的体积约为1.4×1018立方千米，地球的体积约是太阳体积的倍数是（）A．7.1×10﹣6B．7.1×10﹣7C．1.4×106D．1.4×107【考点】整式的除法．【分析】直接利用整式的除法运算法则结合科学记数法求出答案．【解答】解：∵地球的体积约为1012立方千米，太阳的体积约为1.4×1018立方千米，∴地球的体积约是太阳体积的倍数是：1012÷1.4×1018≈7.1×10﹣7．故选：B．【点评】此题主要考查了整式的除法运算，正确掌握运算法则是解题关键．4．把8a3﹣8a2+2a进行因式分解，结果正确的是（）A．2a（4a2﹣4a+1）B．8a2（a﹣1）C．2a（2a﹣1）2D．2a（2a+1）2【考点】提公因式法与公式法的综合运用．【分析】首先提取公因式2a，进而利用完全平方公式分解因式即可．【解答】解：8a3﹣8a2+2a=2a（4a2﹣4a+1）=2a（2a﹣1）2．故选：C．【点评】此题主要考查了提取公因式法以及公式法分解因式，熟练应用完全平方公式是解题关键．5．某体校要从四名射击选手中选拔一名参加省体育运动会，选拔赛中每名选手连续射靶10次，他们各自的平均成绩及其方差S2如表所示：甲乙丙丁（环）8.4 8.6 8.6 7.6S20.74 0.56 0.94 1.92如果要选出一名成绩高且发挥稳定的选手参赛，则应选择的选手是（）A．甲B．乙C．丙D．丁【考点】方差．【分析】从平均成绩分析乙和丙要比甲和丁好，从方差分析甲和乙的成绩比丙和丁稳定，综合两个方面可选出乙．【解答】解：根据平均成绩可得乙和丙要比甲和丁好，根据方差可得甲和乙的成绩比丙和丁稳定，因此要选择一名成绩高且发挥稳定的学生参赛，因选择乙，故选：B【点评】此题主要考查了方差和平均数，关键是掌握方差是用来衡量一组数据波动大小的量，方差越大，表明这组数据偏离平均数越大，即波动越大，数据越不稳定；反之，方差越小，表明这组数据分布比较集中，各数据偏离平均数越小，即波动越小，数据越稳定．6．用若干个大小相同的小正方形体组合成的几何体的主视图和俯视图如图所示，下面所给的四个选项中，不可能是这个几何体的左视图的是（）A．B．C．D．【考点】由三视图判断几何体；简单组合体的三视图．【分析】由俯视图可得此几何体底面有5个小正方形分为3列3排，根据主视图可得这个几何体的左视图有2层高，依此即可求解．【解答】解：由俯视图可得此几何体底面有5个小正方形分为3列3排，根据主视图可得这个几何体的左视图有2层高，可得这个几何体的左视图不可能是3层高．故选：C．【点评】此题主要考查了画三视图，关键是根据主视图和俯视图分析出每排小正方体的个数．7．二次函数y=ax2+bx+c（a，b，c为常数且a≠0）的图象如图所示，则一次函数y=ax+b与反比例函数y=的图象可能是（）A．B．C．D．【考点】反比例函数的图象；一次函数的图象；二次函数的图象．【专题】函数及其图象．【分析】根据二次函数y=ax2+bx+c的图象，可以判断a、b、c的正负情况，从而可以判断一次函数y=ax+b 与反比例函数y=的图象分别在哪几个象限，从而可以解答本题．【解答】解：由二次函数y=ax2+bx+c的图象可知，a＞0，b＜0，c＜0，则一次函数y=ax+b的图象经过第一、三、四象限，反比例函数y=的图象在二四象限，故选C．【点评】本题考查反比例函数的图象、一次函数的图象、二次函数的图象，解题的关键是明确它们各自图象的特点，利用数形结合的思想解答问题．8．在如图的2020年6月份的月历表中，任意框出表中竖列上三个相邻的数，这三个数的和不可能是（）A．27 B．51 C．69 D．72【考点】一元一次方程的应用．【分析】设第一个数为x，则第二个数为x+7，第三个数为x+14．列出三个数的和的方程，再根据选项解出x，看是否存在．【解答】解：设第一个数为x，则第二个数为x+7，第三个数为x+14故三个数的和为x+x+7+x+14=3x+21当x=16时，3x+21=69；当x=10时，3x+21=51；当x=2时，3x+21=27．故任意圈出一竖列上相邻的三个数的和不可能是72．故选：D．【点评】此题主要考查了一元一次方程的应用，解题关键是要读懂题目的意思，根据题目给出的条件，找出合适的等量关系列出方程，再求解．9．如图，四边形ABCD内接于⊙O，F是上一点，且=，连接CF并延长交AD的延长线于点E，连接AC．若∠ABC=105°，∠BAC=25°，则∠E的度数为（）A．45° B．50° C．55° D．60°【考点】圆内接四边形的性质；圆心角、弧、弦的关系；圆周角定理．【分析】先根据圆内接四边形的性质求出∠ADC的度数，再由圆周角定理得出∠DCE的度数，根据三角形外角的性质即可得出结论．【解答】解：∵四边形ABCD内接于⊙O，∠ABC=105°，∴∠ADC=180°﹣∠ABC=180°﹣105°=75°．∵=，∠BAC=25°，∴∠DCE=∠BAC=25°，∴∠E=∠ADC﹣∠DCE=75°﹣25°=50°．故选B．【点评】本题考查的是圆内接四边形的性质，熟知圆内接四边形的对角互补是解答此题的关键．10．不等式组的解集是x＞1，则m的取值范围是（）A．m≥1 B．m≤1 C．m≥0 D．m≤0【考点】不等式的解集．【专题】计算题；一元一次不等式(组)及应用．【分析】表示出不等式组中两不等式的解集，根据已知不等式组的解集确定出m的范围即可．【解答】解：不等式整理得：，由不等式组的解集为x＞1，得到m+1≤1，解得：m≤0，故选D【点评】此题考查了不等式的解集，熟练掌握不等式组取解集的方法是解本题的关键．11．如图，把一张矩形纸片ABCD沿EF折叠后，点A落在CD边上的点A′处，点B落在点B′处，若∠2=40°，则图中∠1的度数为（）A．115° B．120° C．130° D．140°【考点】翻折变换（折叠问题）．【分析】根据折叠的性质和矩形的性质得出∠BFE=∠EFB'，∠B'=∠B=90°，根据三角形内角和定理求出∠CFB'=50°，进而解答即可．【解答】解：∵把一张矩形纸片ABCD沿EF折叠后，点A落在CD边上的点A′处，点B落在点B′处，∴∠BFE=∠EFB'，∠B'=∠B=90°，∵∠2=40°，∴∠CFB'=50°，∴∠1+∠EFB'﹣∠CFB'=180°，即∠1+∠1﹣50°=180°，解得：∠1=115°，故选A．【点评】本题考查了矩形的性质，折叠的性质，三角形的内角和定理的应用，能综合运用性质进行推理和计算是解此题的关键，注意：折叠后的两个图形全等．12．聊城“水城之眼”摩天轮是亚洲三大摩天轮之一，也是全球首座建筑与摩天轮相结合的城市地标，如图，点O是摩天轮的圆心，长为110米的AB是其垂直地面的直径，小莹在地面C点处利用测角仪测得摩天轮的最高点A的仰角为33°，测得圆心O的仰角为21°，则小莹所在C点到直径AB所在直线的距离约为（tan33°≈0.65，tan21°≈0.38）（）A．169米B．204米C．240米D．407米【考点】解直角三角形的应用-仰角俯角问题．【分析】过C作CD⊥AB于D，在Rt△ACD中，求得AD=CD•tan∠ACD=CD•tan33°，在Rt△BCO中，求得OD=CD•tan∠BCO=CD•tan21°，列方程即可得到结论．【解答】解：过C作CD⊥AB于D，在Rt△ACD中，AD=CD•tan∠ACD=CD•tan33°，在Rt△BCO中，OD=CD•tan∠BCO=CD•tan21°，∵AB=110m，∴AO=55m，∴A0=AD﹣OD=CD•tan33°﹣CD•tan21°=55m，∴CD==≈204m，答：小莹所在C点到直径AB所在直线的距离约为204m．故选B．【点评】此题主要考查了仰角与俯角的问题，利用两个直角三角形拥有公共直角边，能够合理的运用这条公共边是解答此题的关键．二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，只要求填写最后结果）13．计算：=12．【考点】二次根式的乘除法．【分析】直接利用二次根式乘除运算法则化简求出答案．【解答】解：=3×÷=3=12．故答案为：12．【点评】此题主要考查了二次根式的乘除运算，正确化简二次根式是解题关键．14．如果关于x的一元二次方程kx2﹣3x﹣1=0有两个不相等的实根，那么k的取值范围是k＞﹣且k≠0．【考点】根的判别式．【分析】根据一元二次方程的定义和△的意义得到k≠0且△＞0，即（﹣3）2﹣4×k×（﹣1）＞0，然后解不等式即可得到k的取值范围．【解答】解：∵关于x的一元二次方程kx2﹣3x﹣1=0有两个不相等的实数根，∴k≠0且△＞0，即（﹣3）2﹣4×k×（﹣1）＞0，解得：k＞﹣且k≠0．故答案为：k＞﹣且k≠0．【点评】本题考查了一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）的根的判别式△=b2﹣4ac：当△＞0，方程有两个不相等的实数根；当△=0，方程有两个相等的实数根；当△＜0，方程没有实数根．也考查了一元二次方程的定义．15．如图，已知圆锥的高为，高所在直线与母线的夹角为30°，圆锥的侧面积为2π．【考点】圆锥的计算．【专题】计算题．【分析】先利用三角函数计算出BO，再利用勾股定理计算出AB，然后利用圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长和扇形的面积公式计算圆锥的侧面积．【解答】解：如图，∠BAO=30°，AO=，在Rt△ABO中，∵tan∠BAO=，∴BO=tan30°=1，即圆锥的底面圆的半径为1，∴AB==2，即圆锥的母线长为2，∴圆锥的侧面积=•2π•1•2=2π．故答案为2π．【点评】本题考查了圆锥的计算：圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长．16．如图，随机地闭合开关S1，S2，S3，S4，S5中的三个，能够使灯泡L1，L2同时发光的概率是．【考点】概率公式；概率的意义．【分析】求出随机闭合开关S1，S2，S3，S4，S5中的三个，共有几种可能情况，以及能让灯泡L1，L2同时发光的有几种可能，由此即可解决问题．【解答】解：∵随机地闭合开关S1，S2，S3，S4，S5中的三个共有10种可能，能够使灯泡L1，L2同时发光有2种可能（S1，S2，S4或S1，S2，S5）．∴随机地闭合开关S1，S2，S3，S4，S5中的三个，能够使灯泡L1，L2同时发光的概率是=．故答案为．【点评】此题考查概率的求法：如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A出现m种结果，那么事件A的概率P（A）=．17．如图，在平面直角坐标系中，边长为1的正方形OA1B1C1的两边在坐标轴上，以它的对角线OB1为边作正方形OB1B2C2，再以正方形OB1B2C2的对角线OB2为边作正方形OB2B3C3，以此类推…、则正方形OB2020B2020C2020的顶点B2020的坐标是（21008，0）．【考点】正方形的性质；规律型：点的坐标．【分析】首先求出B1、B2、B3、B4、B5、B6、B7、B8、B9的坐标，找出这些坐标的之间的规律，然后根据规律计算出点B2020的坐标．【解答】解：∵正方形OA1B1C1边长为1，∴OB1=，∵正方形OB1B2C2是正方形OA1B1C1的对角线OB1为边，∴OB2=2，∴B2点坐标为（0，2），同理可知OB3=2，∴B3点坐标为（﹣2，2），同理可知OB4=4，B4点坐标为（﹣4，0），B5点坐标为（﹣4，﹣4），B6点坐标为（0，﹣8），B7（8，﹣8），B8（16，0）B9（16，16），B10（0，32），由规律可以发现，每经过8次作图后，点的坐标符号与第一次坐标符号相同，每次正方形的边长变为原来的倍，∵2020÷8=252∴B2020的纵横坐标符号与点B8的相同，横坐标为正值，纵坐标是0，∴B2020的坐标为（21008，0）．故答案为：（21008，0）．【点评】本题主要考查正方形的性质和坐标与图形的性质的知识点，解答本题的关键是由点坐标的规律发现每经过8次作图后，点的坐标符号与第一次坐标符号相同，每次正方形的边长变为原来的倍．三、解答题（本题共8个小题，共69分，解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．计算：（﹣）．【考点】分式的混合运算．【专题】计算题；分式．【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分即可得到结果．【解答】解：原式=•=•=﹣．【点评】此题考查了分式的混合运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键．19．如图，在平面直角坐标系中，已知△ABC的三个顶点的坐标分别为A（﹣3，5），B（﹣2，1），C （﹣1，3）．（1）若△ABC经过平移后得到△A1B1C1，已知点C1的坐标为（4，0），写出顶点A1，B1的坐标；（2）若△ABC和△A1B2C2关于原点O成中心对称图形，写出△A1B2C2的各顶点的坐标；（3）将△ABC绕着点O按顺时针方向旋转90°得到△A2B3C3，写出△A2B3C3的各顶点的坐标．【考点】坐标与图形变化-旋转；坐标与图形变化-平移．【专题】作图题．【分析】（1）利用点C和点C1的坐标变化得到平移的方向与距离，然后利用此平移规律写出顶点A1，B1的坐标；（2）根据关于原点对称的点的坐标特征求解；（3）利用网格和旋转的性质画出△A2B3C3，然后写出△A2B3C3的各顶点的坐标．【解答】解：（1）如图，△A1B1C1为所作，因为点C（﹣1，3）平移后的对应点C1的坐标为（4，0），所以△ABC先向右平移5个单位，再向下平移3个单位得到△A1B1C1，所以点A1的坐标为（2，2），B1点的坐标为（3，﹣2）；（2）因为△ABC和△A1B2C2关于原点O成中心对称图形，所以A2（3，﹣5），B2（2，﹣1），C2（1，﹣3）；（3）如图，△A2B3C3为所作，A3（5，3），B3（1，2），C3（3，1）；【点评】本题考查了坐标与图形变化﹣旋转：图形或点旋转之后要结合旋转的角度和图形的特殊性质来求出旋转后的点的坐标．常见的是旋转特殊角度如：30°，45°，60°，90°，180°．20．如图，在Rt△ABC中，∠B=90°，点E是AC的中点，AC=2AB，∠BAC的平分线AD交BC于点D，作AF∥BC，连接DE并延长交AF于点F，连接FC．求证：四边形ADCF是菱形．【考点】菱形的判定．【专题】证明题．【分析】先证明△AEF≌△CED，推出四边形ADCF是平行四边形，再证明∠DAC=∠ACB，推出DA=DC，由此即可证明．【解答】证明：∵AF∥CD，∴∠AFE=∠CDE，在△AFE和△CDE中，，∴△AEF≌△CED，∴AF=CD，∵AF∥CD，∴四边形ADCF是平行四边形，∵∠B=90°，∠ACB=30°，∴∠CAB=60°，∵AD平分∠CAB，∴∠DAC=∠DAB=30°=∠ACD，∴DA=DC，∴四边形ADCF是菱形．【点评】本题考查菱形的判定、全等三角形的判定和性质、等腰三角形的判定和性质等知识，解题的关键是灵活运用这些知识解决问题，属于基础题，中考常考题型．21．为了让书籍开拓学生的视野，陶冶学生的情操，向阳中学开展了“五个一”课外阅读活动，为了解全校学生课外阅读情况，抽样调查了50名学生平均每天课外阅读时间（单位：min），将抽查得到的数据分成5组，下面是尚未完成的频数、频率分布表：组别分组频数（人数）频率1 10≤t＜30 0.162 30≤t＜50 203 50≤t＜70 0.284 70≤t＜90 65 90≤t＜110（1）将表中空格处的数据补全，完成上面的频数、频率分布表；（2）请在给出的平面直角坐标系中画出相应的频数直方图；（3）如果该校有1500名学生，请你估计该校共有多少名学生平均每天阅读时间不少于50min？【考点】频数（率）分布直方图；用样本估计总体；频数（率）分布表．【专题】计算题；数据的收集与整理．【分析】（1）根据总人数50，以及表格中的数据确定出所求数据，填写表格即可；（2）根据表格中的数据作出相应的频数直方图，如图所示；（3）由时间不少于50min的百分比，乘以1500即可得到结果．【解答】解：（1）根据题意填写如下：组别分组频数（人数）频率1 10≤t＜30 8 0.162 30≤t＜50 20 0.403 50≤t＜70 14 0.284 70≤t＜90 6 0.125 90≤t＜110 2 0.04（2）作出条形统计图，如图所示：（3）根据题意得：1500×（0.28+0.12+0.04）=660（人），则该校共有660名学生平均每天阅读时间不少于50min．【点评】此题考查了频数分布直方图，用样本估计总体，以及频数分布表，弄清题中的数据是解本题的关键．22．为加快城市群的建设与发展，在A，B两城市间新建条城际铁路，建成后，铁路运行里程由现在的120km 缩短至114km，城际铁路的设计平均时速要比现行的平均时速快110km，运行时间仅是现行时间的，求建成后的城际铁路在A，B两地的运行时间．【考点】分式方程的应用．【分析】设城际铁路现行速度是xkm/h，设计时速是（x+110）xkm/h；现行路程是120km，设计路程是114km，由时间=，运行时间=现行时间，就可以列方程了．【解答】解：设城际铁路现行速度是xkm/h．由题意得：×=．解这个方程得：x=80．经检验：x=80是原方程的根，且符合题意．则×=×=0.6（h）．答：建成后的城际铁路在A，B两地的运行时间是0.6h．【点评】考查了分式方程的应用，分析题意，找到关键描述语，找到合适的等量关系是解决问题的关键．23．如图，在直角坐标系中，直线y=﹣x与反比例函数y=的图象交于关于原点对称的A，B两点，已知A 点的纵坐标是3．（1）求反比例函数的表达式；（2）将直线y=﹣x向上平移后与反比例函数在第二象限内交于点C，如果△ABC的面积为48，求平移后的直线的函数表达式．【考点】反比例函数与一次函数的交点问题．【分析】（1）将y=3代入一次函数解析式中，求出x的值，即可得出点A的坐标，再利用反比例函数图象上点的坐标特征即可求出反比例函数的表达式；（2）根据A、B点关于原点对称，可求出点B的坐标以及线段AB的长度，设出平移后的直线的函数表达式，根据平行线间的距离公式结合三角形的面积即可得出关于b的一元一次方程，解方程即可得出结论．【解答】解：（1）令一次函数y=﹣x中y=3，则3=﹣x，解得：x=﹣6，即点A的坐标为（﹣6，3）．∵点A（﹣6，3）在反比例函数y=的图象上，∴k=﹣6×3=﹣18，∴反比例函数的表达式为y=﹣．（2）∵A、B两点关于原点对称，∴点B的坐标为（6，﹣3），∴AB==6．设平移后的直线的函数表达式为y=﹣x+b（b＞0），即x+2y﹣2b=0，直线y=﹣x可变形为x+2y=0，∴两直线间的距离d==b．∴S△ABC=AB•d=×6×b=48，解得：b=8．∴平移后的直线的函数表达式为y=﹣x+8．【点评】本题考查了反比例函数与一次函数交点的问题、反比例函数图象上点的坐标特征．三角形的面积公式以及平行线间的距离公式，解题的关键是：（1）求出点A的坐标；（2）找出关于b的一元一次方程．本题属于中档题，难度不大，解决该题型题目时，利用平行线间的距离公式要比通过解直角三角形简洁不少．24．如图，以Rt△ABC的直角边AB为直径作⊙O，交斜边AC于点D，点E为OB的中点，连接CE并延长交⊙O于点F，点F恰好落在的中点，连接AF并延长与CB的延长线相交于点G，连接OF．（1）求证：OF=BG；（2）若AB=4，求DC的长．【考点】相似三角形的判定与性质．【分析】（1）直接利用圆周角定理结合平行线的判定方法得出FO是△ABG的中位线，即可得出答案；（2）首选得出△FOE≌△CBE（ASA），则BC=FO=AB=2，进而得出AC的长，再利用相似三角形的判定与性质得出DC的长．【解答】（1）证明：∵以Rt△ABC的直角边AB为直径作⊙O，点F恰好落在的中点，∴=，∴∠AOF=∠BOF，∵∠ABC=∠ABG=90°，∴∠AOF=∠ABG，∴FO∥BG，∵AO=BO，∴FO是△ABG的中位线，∴FO=BG；（2）解：在△FOE和△CBE中，，∴△FOE≌△CBE（ASA），∴BC=FO=AB=2，∴AC==2，连接DB，∵AB为⊙O直径，∴∠ADB=90°，∴∠ADB=∠ABC，∵∠BCD=∠ACB，∴△BCD∽△ACB，∴=，∴=，解得：DC=．【点评】此题主要考查了相似三角形的判定与性质以及全等三角形的判定与性质等知识，正确得出△BCD∽△ACB是解题关键．25．如图，已知抛物线y=ax2+bx+c经过点A（﹣3，0），B（9，0）和C（0，4）．CD垂直于y轴，交抛物线于点D，DE垂直与x轴，垂足为E，l是抛物线的对称轴，点F是抛物线的顶点．（1）求出二次函数的表达式以及点D的坐标；（2）若Rt△AOC沿x轴向右平移到其直角边OC与对称轴l重合，再沿对称轴l向上平移到点C与点F 重合，得到Rt△A1O1F，求此时Rt△A1O1F与矩形OCDE重叠部分的图形的面积；（3）若Rt△AOC沿x轴向右平移t个单位长度（0＜t≤6）得到Rt△A2O2C2，Rt△A2O2C2与Rt△OED重叠部分的图形面积记为S，求S与t之间的函数表达式，并写出自变量t的取值范围．【考点】二次函数综合题．【分析】（1）用待定系数法求抛物线解析式；=S△A1O1F﹣S△FGH计算即可；（2）由GH∥A1O1，求出GH=1，再求出FH，S重叠部分（3）分两种情况①直接用面积公式计算，②用面积差求出即可．【解答】解：（1）∵抛物线y=ax2+bx+c经过点A（﹣3，0），B（9，0）和C（0，4）．∴设抛物线的解析式为y=a（x+3）（x﹣9），∵C（0，4）在抛物线上，∴4=﹣27a，∴a=﹣，∴设抛物线的解析式为y=﹣（x+3）（x﹣9）=﹣x2+x+4，∵CD垂直于y轴，C（0，4）∴﹣x2+x+4=4，∴x=6，∵D（6，4），（2）如图1，∵点F是抛物线y=﹣x2+x+4的顶点，∴F（3，），∴FH=，∵GH∥A1O1，∴，∴，∴GH=1，∵Rt△A1O1F与矩形OCDE重叠部分是梯形A1O1HG，∴S=S△A1O1F﹣S△FGH=A1O1×O1F﹣GH×FH=×3×4﹣×1×=．重叠部分（3）①当0＜t≤3时，如图2，∵C2O2∥DE，∴，∴，∴O2G=t，∴S=S△OO2G=OO2×O2G=t×t=t2，②当3＜t≤6时，如图3，∵C2H∥OC，∴，∴，∴C2H=（6﹣t），∴S=S=S△A2O2C2﹣S△C2GH四边形A2O2HG=OA×OC﹣C2H×（t﹣3）=×3×4﹣×（6﹣t）（t﹣3）=t2﹣3t+12∴当0＜t≤3时，S=t2，当3＜t≤6时，S=t2﹣3t+12．【点评】此题是二次函数综合题，主要考查了待定系数法求函数解析式，平行线分线段成比例定理，三角形的面积计算，解本题的关键是画出图形．。
2020年山东聊城中考数学试题及答案
23.（1） ；（2）当点 在原点右侧时， ，当点 在原点左侧时， ．
解：（1）∵ 在 的图象上，
∴ ， ，
又点 在 的图象上， ，即 ．
将点 ， 的坐标代入 ，得 ，
解得 ．
∴直线的表达式为 ．
（2）设直线 与 轴的交点为 ，
当 时，解得 ．即 ．
分别过点 ， 作 轴的垂线 ， ，垂足分别为 ， ．
（2）在动直线l移动的过程中，试求使四边形DEFP为平行四边形的点P的坐标；
（3）连接CP，CD，在移动直线l移动的过程中，抛物线上是否存在点P，使得以点P，C，F为顶点的三角形与 DCE相似，如果存在，求出点P的坐标，如果不存在，请说明理由．
参考答案
1-12DCBCB ADABC CD
13. 14. 15. 16. 17.
EN＝AM，NF＝MC，
则DF＝CD－CF＝16.6－1.6＝15．
在Rt△DFN中，∵∠DNF＝45°，
∴NF＝DF＝15．
∴EN＝EF－NF＝35－15＝20．
在Rt△BEN中，∵tan∠BNE＝ ，
∴BE＝EN·tan∠BNE＝20×tan55°≈20×1.43＝28.6°．
∴AB＝BE＋AE＝28.6＋1.6≈30．
由D ( ， )，C(0，4)，E( ， )，利用勾股定理，可得
CE= ，DE= ，
由（2）以及勾股定理知，PF=-t2+4t，F(t，-t+4)，
CF= ，
∵△PCF∽△CDE，
∴ ，即 ，
∵t≠0，
∴ ( )=3，
∴t= ，
当t= 时，-t2+3t+4=-( )2+3× +4= ．
2020年山东省聊城市中考数学试卷和答案解析
2020年山东省聊城市中考数学试卷和答案解析一、选择题（本题共12个小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）在实数﹣1，﹣，0，中，最小的实数是（）A．﹣1B．C．0D．﹣解析：直接利用实数比较大小的方法得出答案．参考答案：解：∵|﹣|＞|﹣1|，∴﹣1＞﹣，∴实数﹣1，﹣，0，中，﹣＜﹣1＜0＜．故4个实数中最小的实数是：﹣．故选：D．点拨：此题主要考查了实数比较大小，正确掌握实数大小比较方法是解题关键．2．（3分）如图所示的几何体的俯视图是（）A．B．C．D．解析：找到从上面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在俯视图中．参考答案：解：从上面看，是一个矩形，矩形的靠右边有一条纵向的实线，故选：C．点拨：本题考查了三视图的知识，俯视图是从物体的上面看得到的视图．3．（3分）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠C＝65°，点D是BC边上任意一点，过点D作DF∥AB交AC于点E，则∠FEC的度数是（）A．120°B．130°C．145°D．150°解析：由等腰三角形的性质得出∠B＝∠C＝65°，由平行线的性质得出∠CDE＝∠B＝65°，再由三角形的外角性质即可得出答案．参考答案：解：∵AB＝AC，∠C＝65°，∴∠B＝∠C＝65°，∵DF∥AB，∴∠CDE＝∠B＝65°，∴∠FEC＝∠CDE+∠C＝65°+65°＝130°；故选：B．点拨：本题考查了等腰三角形的性质、平行线的性质以及三角形的外角性质；熟练掌握等腰三角形的性质和平行线的性质是解题的关键．4．（3分）下列计算正确的是（）A．a2•a3＝a6B．a6÷a﹣2＝a﹣3C．（﹣2ab2）3＝﹣8a3b6D．（2a+b）2＝4a2+b2解析：根据同底数幂的乘法和除法法则，积的乘方法则以及完全平方公式逐一计算判断即可．参考答案：解：A、a2•a3＝a5，原计算错误，故此选项不合题意；B、a6÷a﹣2＝a8，原计算错误，故此选项不合题意；C、（﹣2ab2）3＝﹣8a3b6，原计算正确，故此选项合题意；D、（2a+b）2＝4a2+4ab+b2，原计算错误，故此选项不合题意．故选：C．点拨：本题主要考查了同底数幂的乘法和除法，幂的乘方与积的乘方的法则以及完全平方公式，熟记运算法则和公式是解答本题的关键．5．（3分）为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（）成绩/分84889296100人数/人249105A．92分，96分B．94分，96分C．96分，96分D．96分，100分解析：根据中位数和众数的定义分别进行解答即可．参考答案：解：把这些数据从小到大排列，最中间的两个数是第15、16个数的平均数，所以全班30名同学的成绩的中位数是：＝94；96出现了10次，出现的次数最多，则众数是96，所以这些成绩的中位数和众数分别是94分，96分．故选：B．点拨：此题考查了中位数和众数众数．解题的关键是掌握求中位数和众数的方法，中位数是将一组数据从小到大（或从大到小）重新排列后，最中间的那个数（最中间两个数的平均数），叫做这组数据的中位数，如果中位数的概念掌握得不好，不把数据按要求重新排列，就会出错；众数是一组数据中出现次数最多的数．6．（3分）计算÷3×的结果正确的是（）A．1B．C．5D．9解析：根据二次根式的性质化简二次根式后，再根据二次根式的乘除法法则计算即可．参考答案：解：原式＝＝＝＝＝1．故选：A．点拨：本题主要考查了二次根式的乘除，熟记二次根式的性质是解答本题的关键．7．（3分）如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin∠ACB的值为（）A．B．C．D．解析：如图，过点A作AH⊥BC于H．利用勾股定理求出AC即可解决问题．参考答案：解：如图，过点A作AH⊥BC于H．在Rt△ACH中，∵AH＝4，CH＝3，∴AC＝＝＝5，∴sin∠ACH＝＝，故选：D．点拨：本题考查解直角三角形，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题．8．（3分）用配方法解一元二次方程2x2﹣3x﹣1＝0，配方正确的是（）A．（x﹣）2＝B．（x﹣）2＝C．（x﹣）2＝D．（x﹣）2＝解析：化二次项系数为1后，把常数项﹣移项，应该在左右两边同时加上一次项系数﹣的一半的平方．参考答案：解：由原方程，得x2﹣x＝，x2﹣x+＝+，（x﹣）2＝，故选：A．点拨：本题考查了解一元二次方程﹣﹣配方法．配方法的一般步骤：（1）把常数项移到等号的右边；（2）把二次项的系数化为1；（3）等式两边同时加上一次项系数一半的平方．选择用配方法解一元二次方程时，最好使方程的二次项的系数为1，一次项的系数是2的倍数．9．（3分）如图，AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB，垂足为点M，连接OC，DB．如果OC∥DB，OC＝2，那么图中阴影部分的面积是（）A．πB．2πC．3πD．4π解析：连接OD，BC，根据垂径定理和等腰三角形的性质得到DM ＝CM，∠COB＝∠BOD，推出△BOD是等边三角形，得到∠BOC ＝60°，根据扇形的面积公式即可得到结论．参考答案：解：连接OD，BC，∵CD⊥AB，OC＝OD，∴DM＝CM，∠COB＝∠BOD，∵OC∥BD，∴∠COB＝∠OBD，∴∠BOD＝∠OBD，∴OD＝DB，∴△BOD是等边三角形，∴∠BOD＝60°，∴∠BOC＝60°，∵DM＝CM，∴S△OBC＝S△OBD，∵OC∥DB，∴S△OBD＝S△CBD，∴S△OBC＝S△DBC，∴图中阴影部分的面积＝＝2π，故选：B．点拨：本题考查了垂径定理、扇形面积的计算，圆周角定理，通过解直角三角形得到相关线段的长度是解答本题的关键．10．（3分）如图，有一块半径为1m，圆心角为90°的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（）A．m B．m C．m D．m解析：根据已知条件求得圆锥的底面半径，然后利用勾股定理求得其高即可．参考答案：解：设底面半径为rm，则2πr＝，解得：r＝，所以其高为：＝m，故选：C．点拨：考查了圆锥的计算，解题的关键是首先求得圆锥的底面的半径，难度不大．11．（3分）人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n个图形用图ⓝ表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（）A．150B．200C．355D．505解析：由图形可知图ⓝ的地砖有（7n+5）块，依此代入数据计算可求图㊿中的白色小正方形地砖的块数．参考答案：解：由图形可知图ⓝ的地砖有（7n+5）块，当n＝50时，7n+5＝350+5＝355．故选：C．点拨：考查了规律型：图形的变化，解决这类问题首先要从简单图形入手，抓住随着“层数”增加时，后一个图形与前一个图形相比，在数量上增加（或倍数）情况的变化，找出数量上的变化规律，从而推出一般性的结论．12．（3分）如图，在Rt△ABC中，AB＝2，∠C＝30°，将Rt△ABC 绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，在B′C′上取点D，使B′D＝2，那么点D到BC的距离等于（）A．2（+1）B．+1C．﹣1D．+1解析：根据直角三角形的性质得到BC＝2，AC＝4，根据旋转的性质得到AB′＝AB＝2，B′C′＝BC＝2，求得B′C＝2，延长C′B′交BC于F，解直角三角形即可得到结论．参考答案：解：∵在Rt△ABC中，AB＝2，∠C＝30°，∴BC＝2，AC＝4，∵将Rt△ABC绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，∴AB′＝AB＝2，B′C′＝BC＝2，∴B′C＝2，延长C′B′交BC于F，∴∠CB′F＝∠AB′C′＝90°，∵∠C＝30°，∴∠CFB′＝60°，B′F＝B′C＝，∵B′D＝2，∴DF＝2+，过D作DE⊥BC于E，∴DE＝DF＝×（2+）＝+1，故选：D．点拨：本题考查了旋转的性质，直角三角形的性质，正确的作出辅助线是解题的关键．二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果）13．（3分）因式分解：x（x﹣2）﹣x+2＝（x﹣2）（x﹣1）．解析：利用提取公因式法因式分解即可．参考答案：解：原式＝x（x﹣2）﹣（x﹣2）＝（x﹣2）（x﹣1）．故答案为：（x﹣2）（x﹣1）．点拨：此题考查了提公因式法，熟练掌握因式分解的方法是解本题的关键．14．（3分）如图，在⊙O中，四边形OABC为菱形，点D在上，则∠ADC的度数是60°．解析：根据菱形的性质得出∠B＝∠AOC，根据圆内接四边形的性质得出∠B+∠D＝180°，即可得出∠D+∠AOC＝180°，根据圆周角定理得出3∠D＝180°，即可求得∠ADC＝60°．参考答案：解：∵四边形ABCD内接于⊙O，∴∠B+∠D＝180°，∵四边形OABC为菱形，∴∠B＝∠AOC，∴∠D+∠AOC＝180°，∵∠AOC＝2∠D，∴3∠D＝180°，∴∠ADC＝60°，故答案为60°．点拨：本题考查了圆周角定理，圆内接四边形的性质，菱形的性质，熟练掌握性质定理是解题的关键．15．（3分）计算：（1+）÷＝﹣a．解析：直接将括号里面通分运算进而结合分式的混合运算法则计算得出答案．参考答案：解：原式＝•a（a﹣1）＝•a（a﹣1）＝﹣a．故答案为：﹣a．点拨：此题主要考查了分式的混合运算，正确化简分式是解题关键．16．（3分）某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是．解析：画树状图展示所有9种等可能的结果数，找出他们抽到同一类书籍的结果数，然后根据概率公式求解．参考答案：解：画树状图如下：由树状图知，共有9种等可能结果，其中抽到同一类书籍的有3种结果，所以抽到同一类书籍的概率为＝，故答案为：．点拨：本题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有可能的结果求出n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后根据概率公式计算事件A或事件B的概率．17．（3分）如图，在直角坐标系中，点A（1，1），B（3，3）是第一象限角平分线上的两点，点C的纵坐标为1，且CA＝CB，在y 轴上取一点D，连接AC，BC，AD，BD，使得四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值为4+2．解析：根据平行线的性质得到∠BAC＝45°，得到∠C＝90°，求得AC＝BC＝2，作B关于y轴的对称点E，连接AE交y轴于D，则此时，四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值＝AC+BC+AE，过E作EF⊥AC交CA的延长线于F，根据勾股定理即可得到结论．参考答案：解：∵点A（1，1），点C的纵坐标为1，∴AC∥x轴，∴∠BAC＝45°，∵CA＝CB，∴∠ABC＝∠BAC＝45°，∴∠C＝90°，∵B（3，3）∴C（3，1），∴AC＝BC＝2，作B关于y轴的对称点E，连接AE交y轴于D，则此时，四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值＝AC+BC+AE，过E作EF⊥AC交CA的延长线于F，则EF＝BC＝2，AF＝6﹣2＝4，∴AE＝＝＝2，∴最小周长的值＝AC+BC+AE＝4+2，故答案为：4+2．点拨：本题考查了轴对称﹣最短路线问题，坐标与图形的性质，勾股定理，正确的作出辅助线是解题的关键．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．（7分）解不等式组并写出它的所有整数解．解析：分别求出各不等式的解集，再求出其公共解集即可得．参考答案：解：，解不等式①，x＜3，解不等式②，得x≥﹣，∴原不等式组的解集为﹣≤x＜3，它的所有整数解为0，1，2．点拨：本题考查的是解一元一次不等式组，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到”的原则是解答此题的关键．19．（8分）为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课，按照类别分为：A“剪纸”、B“沙画”、C“葫芦雕刻”、D“泥塑”、E“插花”．为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）本次调查的样本容量为120；统计图中的a＝12，b ＝36；（2）通过计算补全条形统计图；（3）该校共有2500名学生，请你估计全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数．解析：（1）从两个统计图可知a组的有18人，占调查人数的15%，可求出调查人数，即样本容量；进而求出a、b的值；（2）求出E组的频数即可补全条形统计图；（3）样本估计总体，样本中喜欢“葫芦雕刻”的占，即，因此估计总体2500人的是喜欢“葫芦雕刻”的人数．参考答案：解：（1）18÷15%＝120（人），因此样本容量为120；a＝120×10%＝12（人），b＝120×30%＝36（人），故答案为：120，12，36；（2）E组频数：120﹣18﹣12﹣30﹣36＝24（人），补全条形统计图如图所示：（3）2500×＝625（人），答：该校2500名学生中喜爱“葫芦雕刻”的有625人．点拨：本题考查条形统计图、扇形统计图的意义和制作方法，从两个统计图中获取数量和数量关系是正确解答的关键．20．（8分）今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的A，B 两种树苗，每捆A种树苗比每捆B种树苗多10棵，每捆A种树苗和每捆B种树苗的价格分别是630元和600元，而每棵A种树苗和每棵B种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的0.9倍和1.2倍．（1）求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？（2）如果购进的这批树苗共5500棵，A种树苗至多购进3500棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进A种树苗和B种树苗各多少棵？并求出最低费用．解析：（1）设这一批树苗平均每棵的价格是x元，根据题意列方程解答即可；（2）分别求出A种树苗每棵的价格与B种树苗每棵的价格，设购进A种树苗t棵，这批树苗的费用为w元，根据题意求出w与t 的函数关系式，再根据一次函数的性质解答即可．参考答案：解：（1）设这一批树苗平均每棵的价格是x元，根据题意列，得：，解这个方程，得x＝20，经检验，x＝20是原分式方程的解，并符合题意，答：这一批树苗平均每棵的价格是20元；（2）由（1）可知A种树苗每棵的价格为：20×0.9＝18（元），B 种树苗每棵的价格为：20×1.2＝24（元），设购进A种树苗t棵，这批树苗的费用为w元，则：w＝18t+24（5500﹣t）＝﹣6t+132000，∵w是t的一次函数，k＝﹣6＜0，∴w随t的增大而减小，又∵t≤3500，∴当t＝3500棵时，w最小，此时，B种树苗每棵有：5500﹣3500＝2000（棵），w＝﹣6×3500+132000＝111000，答：购进A种树苗3500棵，BA种树苗2000棵时，能使得购进这批树苗的费用最低，最低费用为111000元．点拨：本题考查了分式方程的应用，一次函数的应用以及一元一次不等式组的应用，解决问题的关键是读懂题意，找到关键描述语，进而找到所求的量的等量关系和不等关系．21．（8分）如图，在▱ABCD中，E为BC的中点，连接AE并延长交DC的延长线于点F，连接BF，AC，若AD＝AF，求证：四边形ABFC是矩形．解析：根据平行四边形的性质得到两角一边对应相等，利用AAS 判定△ABE≌△FCE，从而得到AB＝CF；由已知可得四边形ABFC 是平行四边形，BC＝AF，根据对角线相等的平行四边形是矩形，可得到四边形ABFC是矩形．参考答案：证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD，∴∠BAE＝∠CFE，∠ABE＝∠FCE，∵E为BC的中点，∴EB＝EC，∴△ABE≌△FCE（AAS），∴AB＝CF．∵AB∥CF，∴四边形ABFC是平行四边形，∵BC＝AF，∴四边形ABFC是矩形．点拨：本题考查了矩形的判定，全等三角形的判定和性质，平行四边形的判定和性质，正确的识别图形是解题的关键．22．（8分）如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量，先测得居民楼AB与CD 之间的距离AC为35m，后站在M点处测得居民楼CD的顶端D 的仰角为45°，居民楼AB的顶端B的仰角为55°，已知居民楼CD 的高度为16.6m，小莹的观测点N距地面1.6m．求居民楼AB的高度（精确到lm）．（参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43）．解析：过点N作EF∥AC交AB于点E，交CD于点F，可得AE ＝MN＝CF＝1.6，EF＝AC＝35，再根据锐角三角函数可得BE的长，进而可得AB的高度．参考答案：解：过点N作EF∥AC交AB于点E，交CD于点F，则AE＝MN＝CF＝1.6，EF＝AC＝35，∠BEN＝∠DFN＝90°，EN＝AM，NF＝MC，则DF＝DC﹣CF＝16.6﹣1.6＝15，在Rt△DFN中，∵∠DNF＝45°，∴NF＝DF＝15，∴EN＝EF﹣NF＝35﹣15＝20，在Rt△BEN中，∵tan∠BNE＝，∴BE＝EN•tan∠BNE＝20×tan55°≈20×1.43≈28.6，∴AB＝BE+AE＝28.6+1.6≈30．答：居民楼AB的高度约为30米．点拨：本题考查了解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题，解决本题的关键是掌握仰角俯角定义．23．（8分）如图，已知反比例函数y＝的图象与直线y＝ax+b相交于点A（﹣2，3），B（1，m）．（1）求出直线y＝ax+b的表达式；（2）在x轴上有一点P使得△PAB的面积为18，求出点P的坐标．解析：（1）用待定系数法即可求解；（2）S△PAB＝PE•CA+PE•BD＝PE PE＝PE＝18，即可求解．参考答案：解：（1）将点A的坐标代入反比例函数表达式并解得：k＝﹣2×3＝﹣6，故反比例函数表达式为：y＝﹣，将点B的坐标代入上式并解得：m＝﹣6，故点B（1，﹣6），将点A、B的坐标代入一次函数表达式得，解得，故直线的表达式为：y＝﹣3x﹣3；（2）设直线与x轴的交点为E，当y＝0时，x＝﹣1，故点E（﹣1，0），分别过点A、B作x轴的垂线AC、BD，垂足分别为C、D，则S△PAB＝PE•CA+PE•BD＝PE PE＝PE＝18，解得：PE ＝4，故点P的坐标为（3，0）或（﹣5，0）．点拨：本题考查了反比例函数与一次函数的交点，当有两个函数的时候，着重使用一次函数，体现了方程思想，综合性较强．24．（10分）如图，在△ABC中，AB＝BC，以△ABC的边AB为直径作⊙O，交AC于点D，过点D作DE⊥BC，垂足为点E．（1）试证明DE是⊙O的切线；（2）若⊙O的半径为5，AC＝6，求此时DE的长．解析：（1）连接OD、BD，求出BD⊥AC，瑞成AD＝DC，根据三角形的中位线得出OD∥BC，推出OD⊥DE，根据切线的判定推出即可；（2）根据题意求得AD，根据勾股定理求得BD，然后证得△CDE ∽△ABD，根据相似三角形的性质即可求得DE．参考答案：（1）证明：连接OD、BD，∵AB是⊙O直径，∴∠ADB＝90°，∴BD⊥AC，∵AB＝BC，∴D为AC中点，∵OA＝OB，∴OD∥BC，∵DE⊥BC，∴DE⊥OD，∵OD为半径，∴DE是⊙O的切线；（2）由（1）知BD是AC的中线，∴AD＝CD＝＝3，∵O的半径为5，∴AB＝6，∴BD＝＝＝，∵AB＝AC，∴∠A＝∠C，∵∠ADB＝∠CED＝90°，∴△CDE∽△ABD，∴，即＝，∴DE＝3．点拨：本题考查了切线的判定和性质，等腰三角形的性质，三角形相似的判定和性质，勾股定理等知识点的综合运用．25．（12分）如图，二次函数y═ax2+bx+4的图象与x轴交于点A（﹣1，0），B（4，0），与y轴交于点C，抛物线的顶点为D，其对称轴与线段BC交于点E，垂直于x轴的动直线l分别交抛物线和线段BC于点P和点F，动直线l在抛物线的对称轴的右侧（不含对称轴）沿x轴正方向移动到B点．（1）求出二次函数y＝ax2+bx+4和BC所在直线的表达式；（2）在动直线l移动的过程中，试求使四边形DEFP为平行四边形的点P的坐标；（3）连接CP，CD，在动直线l移动的过程中，抛物线上是否存在点P，使得以点P，C，F为顶点的三角形与△DCE相似？如果存在，求出点P的坐标；如果不存在，请说明理由．解析：（1）由题意得出方程组，求出二次函数的解析式为y＝﹣x2+3x+4，则C（0，4），由待定系数法求出BC所在直线的表达式即可（2）证DE∥PF，只要DE＝PF，四边形DEFP即为平行四边形，由二次函数解析式求出点D的坐标，由直线BC的解析式求出点E 的坐标，则DE＝，设点P的横坐标为t，则P的坐标为：（t，﹣t2+3t+4），F的坐标为：（t，﹣t+4），由DE＝PF得出方程，解方程进而得出答案；（3）由平行线的性质得出∠CED＝∠CFP，当∠PCF＝∠CDE时，△PCF∽△CDE，则＝，得出方程，解方程即可．参考答案：解：（1）将点A（﹣1，0），B（4，0），代入y═ax2+bx+4，得：，解得：，∴二次函数的表达式为：y＝﹣x2+3x+4，当x＝0时，y＝4，∴C（0，4），设BC所在直线的表达式为：y＝mx+n，将C（0，4）、B（4，0）代入y＝mx+n，得：，解得：，∴BC所在直线的表达式为：y＝﹣x+4；（2）∵DE⊥x轴，PF⊥x轴，∴DE∥PF，只要DE＝PF，四边形DEFP即为平行四边形，∵y＝﹣x2+3x+4＝﹣（x﹣）2+，∴点D的坐标为：（，），将x＝代入y＝﹣x+4，即y＝﹣+4＝，∴点E的坐标为：（，），∴DE＝﹣＝，设点P的横坐标为t，则P的坐标为：（t，﹣t2+3t+4），F的坐标为：（t，﹣t+4），∴PF＝﹣t2+3t+4﹣（﹣t+4）＝﹣t2+4t，由DE＝PF得：﹣t2+4t＝，解得：t1＝（不合题意舍去），t2＝，当t＝时，﹣t2+3t+4＝﹣（）2+3×+4＝，∴点P的坐标为（，）；（3）存在，理由如下：如图2所示：由（2）得：PF∥DE，∴∠CED＝∠CFP，又∵∠PCF与∠DCE有共同的顶点C，且∠PCF在∠DCE的内部，∴∠PCF≠∠DCE，∴只有∠PCF＝∠CDE时，△PCF∽△CDE，∴＝，∵C（0，4）、E（，），∴CE＝＝，由（2）得：DE＝，PF＝﹣t2+4t，F的坐标为：（t，﹣t+4），∴CF＝＝t，∴＝，∵t≠0，∴（﹣t+4）＝3，解得：t＝，当t＝时，﹣t2+3t+4＝﹣（）2+3×+4＝，∴点P的坐标为：（，）．3。
2020年山东省聊城市中考数学试卷
2020年山东省聊城市中考数学试卷一、选择题（本题共12个小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）在实数﹣1，−√2，0，14中，最小的实数是（ ）A ．﹣1B ．14C ．0D ．−√22．（3分）如图所示的几何体的俯视图是（ ）A ．B ．C ．D ．3．（3分）如图，在△ABC 中，AB ＝AC ，∠C ＝65°，点D 是BC 边上任意一点，过点D 作DF ∥AB 交AC 于点E ，则∠FEC 的度数是（ ）A ．120°B ．130°C ．145°D ．150°4．（3分）下列计算正确的是（ ） A ．a 2•a 3＝a 6B ．a 6÷a ﹣2＝a ﹣3C ．（﹣2ab 2）3＝﹣8a 3b 6D ．（2a +b ）2＝4a 2+b 25．（3分）为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（ ）成绩/分 84 88 92 96 100 人数/人 249105A ．92分，96分B ．94分，96分C ．96分，96分D ．96分，100分6．（3分）计算√45÷3√3×√35的结果正确的是（ ） A ．1B ．53C ．5D ．97．（3分）如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC 的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin ∠ACB 的值为（ ）A ．3√55B ．√175C ．35D ．458．（3分）用配方法解一元二次方程2x 2﹣3x ﹣1＝0，配方正确的是（ ） A ．（x −34）2=1716 B ．（x −34）2=12C ．（x −32）2=134D ．（x −32）2=1149．（3分）如图，AB 是⊙O 的直径，弦CD ⊥AB ，垂足为点M ，连接OC ，DB ．如果OC ∥DB ，OC ＝2√3，那么图中阴影部分的面积是（ ）A ．πB ．2πC ．3πD ．4π10．（3分）如图，有一块半径为1m ，圆心角为90°的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（ ）A ．14mB ．34mC ．√154m D ．√32m 11．（3分）人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n 个图形用图ⓝ表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（ ）A ．150B ．200C ．355D ．50512．（3分）如图，在Rt △ABC 中，AB ＝2，∠C ＝30°，将Rt △ABC 绕点A 旋转得到Rt △AB ′C ′，使点B 的对应点B ′落在AC 上，在B ′C ′上取点D ，使B ′D ＝2，那么点D 到BC 的距离等于（ ）A ．2（√33+1）B ．√33+1C ．√3−1D ．√3+1二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果） 13．（3分）因式分解：x （x ﹣2）﹣x +2＝ ．14．（3分）如图，在⊙O 中，四边形OABC 为菱形，点D 在AmC ̂上，则∠ADC 的度数是 ．15．（3分）计算：（1+a1−a ）÷1a 2−a= ． 16．（3分）某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是 ．17．（3分）如图，在直角坐标系中，点A （1，1），B （3，3）是第一象限角平分线上的两点，点C 的纵坐标为1，且CA ＝CB ，在y 轴上取一点D ，连接AC ，BC ，AD ，BD ，使得四边形ACBD 的周长最小，这个最小周长的值为 ．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．（7分）解不等式组{12x +1＜7−32x ，3x−23≥x 3+x−44，并写出它的所有整数解． 19．（8分）为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课，按照类别分为：A “剪纸”、B “沙画”、C “葫芦雕刻”、D “泥塑”、E “插花”．为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）本次调查的样本容量为 ；统计图中的a ＝ ，b ＝ ； （2）通过计算补全条形统计图；（3）该校共有2500名学生，请你估计全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数．20．（8分）今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的A ，B 两种树苗，每捆A 种树苗比每捆B 种树苗多10棵，每捆A 种树苗和每捆B 种树苗的价格分别是630元和600元，而每棵A 种树苗和每棵B 种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的0.9倍和1.2倍．（1）求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？（2）如果购进的这批树苗共5500棵，A 种树苗至多购进3500棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进A 种树苗和B 种树苗各多少棵？并求出最低费用．21．（8分）如图，在▱ABCD 中，E 为BC 的中点，连接AE 并延长交DC 的延长线于点F ，连接BF ，AC ，若AD ＝AF ，求证：四边形ABFC 是矩形．22．（8分）如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量，先测得居民楼AB与CD之间的距离AC为35m，后站在M点处测得居民楼CD的顶端D的仰角为45°，居民楼AB的顶端B的仰角为55°，已知居民楼CD的高度为16.6m，小莹的观测点N距地面1.6m．求居民楼AB的高度（精确到lm）．（参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43）．23．（8分）如图，已知反比例函数y=kx的图象与直线y＝ax+b相交于点A（﹣2，3），B（1，m）．（1）求出直线y＝ax+b的表达式；（2）在x轴上有一点P使得△P AB的面积为18，求出点P的坐标．24．（10分）如图，在△ABC中，AB＝BC，以△ABC的边AB为直径作⊙O，交AC于点D，过点D作DE⊥BC，垂足为点E．（1）试证明DE是⊙O的切线；（2）若⊙O的半径为5，AC＝6√10，求此时DE的长．25．（12分）如图，二次函数y═ax2+bx+4的图象与x轴交于点A（﹣1，0），B（4，0），与y轴交于点C，抛物线的顶点为D，其对称轴与线段BC交于点E，垂直于x轴的动直线l分别交抛物线和线段BC于点P和点F，动直线l在抛物线的对称轴的右侧（不含对称轴）沿x轴正方向移动到B点．（1）求出二次函数y＝ax2+bx+4和BC所在直线的表达式；（2）在动直线l移动的过程中，试求使四边形DEFP为平行四边形的点P的坐标；（3）连接CP，CD，在动直线l移动的过程中，抛物线上是否存在点P，使得以点P，C，F为顶点的三角形与△DCE相似？如果存在，求出点P的坐标；如果不存在，请说明理由．2020年山东省聊城市中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12个小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）在实数﹣1，−√2，0，14中，最小的实数是（ ）A ．﹣1B ．14C ．0D ．−√2【解答】解：∵|−√2|＞|﹣1|， ∴﹣1＞−√2，∴实数﹣1，−√2，0，14中，−√2＜−1＜0＜14．故4个实数中最小的实数是：−√2． 故选：D ．2．（3分）如图所示的几何体的俯视图是（ ）A ．B ．C ．D ．【解答】解：从上面看，是一个矩形，矩形的靠右边有一条纵向的实线， 故选：C ．3．（3分）如图，在△ABC 中，AB ＝AC ，∠C ＝65°，点D 是BC 边上任意一点，过点D 作DF ∥AB 交AC 于点E ，则∠FEC 的度数是（ ）A ．120°B ．130°C ．145°D ．150°【解答】解：∵AB ＝AC ，∠C ＝65°， ∴∠B ＝∠C ＝65°， ∵DF ∥AB ，∴∠CDE ＝∠B ＝65°，∴∠FEC ＝∠CDE +∠C ＝65°+65°＝130°； 故选：B ．4．（3分）下列计算正确的是（ ） A ．a 2•a 3＝a 6B ．a 6÷a ﹣2＝a ﹣3C ．（﹣2ab 2）3＝﹣8a 3b 6D ．（2a +b ）2＝4a 2+b 2【解答】解：A 、a 2•a 3＝a 5，原计算错误，故此选项不合题意； B 、a 6÷a ﹣2＝a 8，原计算错误，故此选项不合题意；C 、（﹣2ab 2）3＝﹣8a 3b 6，原计算正确，故此选项合题意；D 、（2a +b ）2＝4a 2+4ab +b 2，原计算错误，故此选项不合题意． 故选：C ．5．（3分）为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（ ）成绩/分 84 88 92 96 100 人数/人 249105A ．92分，96分B ．94分，96分C ．96分，96分D ．96分，100分【解答】解：把这些数据从小到大排列，最中间的两个数是第15、16个数的平均数， 所以全班30名同学的成绩的中位数是：92+962=94；96出现了10次，出现的次数最多，则众数是96， 所以这些成绩的中位数和众数分别是94分，96分． 故选：B ．6．（3分）计算√45÷3√3×√35的结果正确的是（ ） A ．1B ．53C ．5D ．9【解答】解：原式=3√5÷3√3×√155 =3√5×√39×√155 =√5×3×1515=1515 ＝1．故选：A ．7．（3分）如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC 的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin ∠ACB 的值为（ ）A ．3√55B ．√175C ．35D ．45【解答】解：如图，过点A 作AH ⊥BC 于H ．在Rt △ACH 中，∵AH ＝4，CH ＝3， ∴AC =√AH 2+CH 2=√42+32=5， ∴sin ∠ACH =AH AC =45， 故选：D ．8．（3分）用配方法解一元二次方程2x 2﹣3x ﹣1＝0，配方正确的是（ ） A ．（x −34）2=1716 B ．（x −34）2=12C ．（x −32）2=134D ．（x −32）2=114【解答】解：由原方程，得 x 2−32x =12，x 2−32x +916=12+916， （x −34）2=1716， 故选：A ．9．（3分）如图，AB 是⊙O 的直径，弦CD ⊥AB ，垂足为点M ，连接OC ，DB ．如果OC ∥DB ，OC ＝2√3，那么图中阴影部分的面积是（ ）A．πB．2πC．3πD．4π【解答】解：连接OD，BC，∵CD⊥AB，OC＝OD，∴DM＝CM，∠COB＝∠BOD，∵OC∥BD，∴∠COB＝∠OBD，∴∠BOD＝∠OBD，∴OD＝DB，∴△BOD是等边三角形，∴∠BOD＝60°，∴∠BOC＝60°，∵DM＝CM，∴S△OBC＝S△OBD，∵OC∥DB，∴S△OBD＝S△CBD，∴S△OBC＝S△DBC，∴图中阴影部分的面积=60⋅π×(2√3)2360=2π，故选：B．10．（3分）如图，有一块半径为1m，圆心角为90°的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（）A ．14mB ．34mC ．√154m D ．√32m 【解答】解：设底面半径为rm ，则2πr =90π×1180，解得：r =14，所以其高为：√12−(14)2=√154m ， 故选：C ．11．（3分）人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n 个图形用图ⓝ表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（ ）A ．150B ．200C ．355D ．505【解答】解：由图形可知图ⓝ的地砖有（7n +5）块，当n ＝50时，7n +5＝350+5＝355．故选：C ．12．（3分）如图，在Rt △ABC 中，AB ＝2，∠C ＝30°，将Rt △ABC 绕点A 旋转得到Rt △AB ′C ′，使点B 的对应点B ′落在AC 上，在B ′C ′上取点D ，使B ′D ＝2，那么点D 到BC 的距离等于（ ）A ．2（√33+1）B ．√33+1C ．√3−1D ．√3+1【解答】解：∵在Rt △ABC 中，AB ＝2，∠C ＝30°，∴BC ＝2√3，AC ＝4，∵将Rt △ABC 绕点A 旋转得到Rt △AB ′C ′，使点B 的对应点B ′落在AC 上，∴AB ′＝AB ＝2，B ′C ′＝BC ＝2√3，∴B ′C ＝2，延长C ′B ′交BC 于F ，∴∠CB ′F ＝∠AB ′C ′＝90°，∵∠C ＝30°，∴∠CFB ′＝60°，B ′F =√33B ′C =2√33， ∵B ′D ＝2，∴DF ＝2+2√33，过D 作DE ⊥BC 于E ，∴DE =√32DF =√32×（2+2√33）=√3+1，故选：D ．二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果）13．（3分）因式分解：x （x ﹣2）﹣x +2＝ （x ﹣2）（x ﹣1） ．【解答】解：原式＝x （x ﹣2）﹣（x ﹣2）＝（x ﹣2）（x ﹣1）．故答案为：（x ﹣2）（x ﹣1）．14．（3分）如图，在⊙O 中，四边形OABC 为菱形，点D 在AmC ̂上，则∠ADC 的度数是 60° ．【解答】解：∵四边形ABCD 内接于⊙O ，∴∠B +∠D ＝180°，∵四边形OABC 为菱形，∴∠B ＝∠AOC ，∴∠D +∠AOC ＝180°，∵∠AOC ＝2∠D ，∴3∠D ＝180°，∴∠ADC ＝60°，故答案为60°．15．（3分）计算：（1+a 1−a ）÷1a 2−a = ﹣a ． 【解答】解：原式=1−a+a 1−a •a （a ﹣1） =11−a •a （a ﹣1）＝﹣a ．故答案为：﹣a ．16．（3分）某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是13 ．【解答】解：画树状图如下：由树状图知，共有9种等可能结果，其中抽到同一类书籍的有3种结果，所以抽到同一类书籍的概率为39=13，故答案为：13． 17．（3分）如图，在直角坐标系中，点A （1，1），B （3，3）是第一象限角平分线上的两点，点C 的纵坐标为1，且CA ＝CB ，在y 轴上取一点D ，连接AC ，BC ，AD ，BD ，使得四边形ACBD 的周长最小，这个最小周长的值为 4+2√5 ．【解答】解：∵点A （1，1），点C 的纵坐标为1，∴AC ∥x 轴，∴∠BAC ＝45°，∵CA ＝CB ，∴∠ABC ＝∠BAC ＝45°，∴∠C ＝90°，∵B （3，3）∴C （3，1），∴AC ＝BC ＝2，作B 关于y 轴的对称点E ，连接AE 交y 轴于D ，则此时，四边形ACBD 的周长最小，这个最小周长的值＝AC +BC +AE ，过E 作EF ⊥AC 交CA 的延长线于F ，则EF ＝BC ＝2，AF ＝6﹣2＝4，∴AE =√EF 2+AF 2=√22+42=2√5，∴最小周长的值＝AC +BC +AE ＝4+2√5，故答案为：4+2√5．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．（7分）解不等式组{12x +1＜7−32x ，3x−23≥x 3+x−44，并写出它的所有整数解． 【解答】解：{12x +1＜7−32x①3x−23≥x 3+x−44②， 解不等式①，x ＜3，解不等式②，得x ≥−45，∴原不等式组的解集为−45≤x ＜3，它的所有整数解为0，1，2．19．（8分）为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课，按照类别分为：A “剪纸”、B “沙画”、C “葫芦雕刻”、D “泥塑”、E “插花”．为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）本次调查的样本容量为 120 ；统计图中的a ＝ 12 ，b ＝ 36 ；（2）通过计算补全条形统计图；（3）该校共有2500名学生，请你估计全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数．【解答】解：（1）18÷15%＝120（人），因此样本容量为120；a ＝120×10%＝12（人），b ＝120×30%＝36（人），故答案为：120，12，36；（2）E组频数：120﹣18﹣12﹣30﹣36＝24（人），补全条形统计图如图所示：（3）2500×30120=625（人），答：该校2500名学生中喜爱“葫芦雕刻”的有625人．20．（8分）今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的A，B两种树苗，每捆A种树苗比每捆B种树苗多10棵，每捆A种树苗和每捆B种树苗的价格分别是630元和600元，而每棵A种树苗和每棵B种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的0.9倍和1.2倍．（1）求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？（2）如果购进的这批树苗共5500棵，A种树苗至多购进3500棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进A种树苗和B种树苗各多少棵？并求出最低费用．【解答】解：（1）设这一批树苗平均每棵的价格是x元，根据题意列，得：630 0.9x −6001.2x=10，解这个方程，得x＝20，经检验，x＝20是原分式方程的解，并符合题意，答：这一批树苗平均每棵的价格是20元；（2）由（1）可知A种树苗每棵的价格为：20×0.9＝18（元），B种树苗每棵的价格为：20×1.2＝24（元），设购进A种树苗t棵，这批树苗的费用为w元，则：w＝18t+24（5500﹣t）＝﹣6t+132000，∵w是t的一次函数，k＝﹣6＜0，∴w随t的增大而减小，又∵t≤3500，∴当t＝3500棵时，w最小，此时，B种树苗每棵有：5500﹣3500＝2000（棵），w＝﹣6×3500+132000＝111000，答：购进A种树苗3500棵，BA种树苗2000棵时，能使得购进这批树苗的费用最低，最低费用为111000元．21．（8分）如图，在▱ABCD中，E为BC的中点，连接AE并延长交DC的延长线于点F，连接BF，AC，若AD＝AF，求证：四边形ABFC是矩形．【解答】证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD，∴∠BAE＝∠CFE，∠ABE＝∠FCE，∵E为BC的中点，∴EB＝EC，∴△ABE≌△FCE（AAS），∴AB＝CF．∵AB∥CF，∴四边形ABFC是平行四边形，∵BC＝AF，∴四边形ABFC是矩形．22．（8分）如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量，先测得居民楼AB与CD之间的距离AC为35m，后站在M点处测得居民楼CD的顶端D的仰角为45°，居民楼AB的顶端B的仰角为55°，已知居民楼CD的高度为16.6m，小莹的观测点N距地面1.6m．求居民楼AB的高度（精确到lm）．（参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43）．【解答】解：过点N作EF∥AC交AB于点E，交CD于点F，则AE＝MN＝CF＝1.6，EF＝AC＝35，∠BEN＝∠DFN＝90°，EN＝AM，NF＝MC，则DF＝DC﹣CF＝16.6﹣1.6＝15，在Rt△DFN中，∵∠DNF＝45°，∴NF＝DF＝15，∴EN＝EF﹣NF＝35﹣15＝20，在Rt△BEN中，∵tan∠BNE=BE EN，∴BE＝EN•tan∠BNE＝20×tan55°≈20×1.43≈28.6，∴AB＝BE+AE＝28.6+1.6≈30．答：居民楼AB的高度约为30米．23．（8分）如图，已知反比例函数y=kx的图象与直线y＝ax+b相交于点A（﹣2，3），B（1，m）．（1）求出直线y＝ax+b的表达式；（2）在x轴上有一点P使得△P AB的面积为18，求出点P的坐标．【解答】解：（1）将点A 的坐标代入反比例函数表达式并解得：k ＝﹣2×3＝﹣6， 故反比例函数表达式为：y =−6x ，将点B 的坐标代入上式并解得：m ＝﹣6，故点B （1，﹣6），将点A 、B 的坐标代入一次函数表达式得{3=−2a +b −6=a +b，解得{a =−3b =−3， 故直线的表达式为：y ＝﹣3x ﹣3；（2）设直线与x 轴的交点为E ，当y ＝0时，x ＝﹣1，故点E （﹣1，0），分别过点A 、B 作x 轴的垂线AC 、BD ，垂足分别为C 、D ，则S △P AB =12PE •CA +12PE •BD =32PE +62PE =92PE ＝18，解得：PE ＝4，故点P 的坐标为（3，0）或（﹣5，0）．24．（10分）如图，在△ABC 中，AB ＝BC ，以△ABC 的边AB 为直径作⊙O ，交AC 于点D ，过点D 作DE ⊥BC ，垂足为点E ．（1）试证明DE 是⊙O 的切线；（2）若⊙O 的半径为5，AC ＝6√10，求此时DE 的长．【解答】（1）证明：连接OD、BD，∵AB是⊙O直径，∴∠ADB＝90°，∴BD⊥AC，∵AB＝BC，∴D为AC中点，∵OA＝OB，∴OD∥BC，∵DE⊥BC，∴DE⊥OD，∵OD为半径，∴DE是⊙O的切线；（2）由（1）知BD是AC的中线，∴AD＝CD=12AC=3√10，∵O的半径为5，∴AB＝6，∴BD=√AB2−AD2=√102−(3√10)2=√10，∵AB＝AC，∴∠A＝∠C，∵∠ADB＝∠CED＝90°，∴△CDE∽△ABD，∴CDAB =DEBD，即3√1010=√10，∴DE＝3．25．（12分）如图，二次函数y ═ax 2+bx +4的图象与x 轴交于点A （﹣1，0），B （4，0），与y 轴交于点C ，抛物线的顶点为D ，其对称轴与线段BC 交于点E ，垂直于x 轴的动直线l 分别交抛物线和线段BC 于点P 和点F ，动直线l 在抛物线的对称轴的右侧（不含对称轴）沿x 轴正方向移动到B 点．（1）求出二次函数y ＝ax 2+bx +4和BC 所在直线的表达式；（2）在动直线l 移动的过程中，试求使四边形DEFP 为平行四边形的点P 的坐标；（3）连接CP ，CD ，在动直线l 移动的过程中，抛物线上是否存在点P ，使得以点P ，C ，F 为顶点的三角形与△DCE 相似？如果存在，求出点P 的坐标；如果不存在，请说明理由．【解答】解：（1）将点A （﹣1，0），B （4，0），代入y ═ax 2+bx +4，得：{0=a −b +40=16a +4b +4， 解得：{a =−1b =3， ∴二次函数的表达式为：y ＝﹣x 2+3x +4，当x ＝0时，y ＝4，∴C （0，4），设BC 所在直线的表达式为：y ＝mx +n ，将C （0，4）、B （4，0）代入y ＝mx +n ，得：{4=n 0=4m +n，解得：{m =−1n =4， ∴BC 所在直线的表达式为：y ＝﹣x +4；（2）∵DE ⊥x 轴，PF ⊥x 轴，∴DE ∥PF ，只要DE ＝PF ，四边形DEFP 即为平行四边形，∵y ＝﹣x 2+3x +4＝﹣（x −32）2+254，∴点D 的坐标为：（32，254）， 将x =32代入y ＝﹣x +4，即y =−32+4=52，∴点E 的坐标为：（32，52）， ∴DE =254−52=154，设点P 的横坐标为t ，则P 的坐标为：（t ，﹣t 2+3t +4），F 的坐标为：（t ，﹣t +4）， ∴PF ＝﹣t 2+3t +4﹣（﹣t +4）＝﹣t 2+4t ，由DE ＝PF 得：﹣t 2+4t =154， 解得：t 1=32（不合题意舍去），t 2=52，当t =52时，﹣t 2+3t +4＝﹣（52）2+3×52+4=214， ∴点P 的坐标为（52，214）；（3）存在，理由如下：如图2所示：由（2）得：PF ∥DE ，∴∠CED ＝∠CFP ，又∵∠PCF 与∠DCE 有共同的顶点C ，且∠PCF 在∠DCE 的内部， ∴∠PCF ≠∠DCE ，∴只有∠PCF ＝∠CDE 时，△PCF ∽△CDE ，∴PF CE =CF DE ，∵C （0，4）、E （32，52）， ∴CE =√(32)2+(4−52)2=3√22，由（2）得：DE =154，PF ＝﹣t 2+4t ，F 的坐标为：（t ，﹣t +4）， ∴CF =√t 2+[4−(−t +4)]2=√2t ， ∴23√22=√2t 154，∵t ≠0，∴154（﹣t +4）＝3，解得：t =165，当t =165时，﹣t 2+3t +4＝﹣（165）2+3×165+4=8425， ∴点P 的坐标为：（165，8425）．。
2020年山东省聊城市中考数学试卷(有详细解析)
2020年山东省聊城市中考数学试卷姓名：___________班级：___________得分：___________ 一、选择题（本大题共12小题，共36.0分） 1. 在实数−1，−√2，0，14中，最小的实数是( )A. −1B. 14C. 0D. −√22. 如图所示的几何体的俯视图是( )A.B.C.D.3. 如图，在△ABC 中，AB =AC ，∠C =65°，点D 是BC 边上任意一点，过点D 作DF//AB 交AC 于点E ，则∠FEC 的度数是( ) A. 120° B. 130° C. 145° D. 150°4. 下列计算正确的是( )A. a 2⋅a 3=a 6B. a 6÷a −2=a −3C. (−2ab 2)3=−8a 3b 6D. (2a +b)2=4a 2+b 25. 为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是( )成绩/分 84 88 92 96 100 人数/人249105分，分 分，分 分，分 D. 96分，100分6. 计算√45÷3√3×√35的结果正确的是( )A. 1B. 53C. 5D. 97. 如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC 的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin∠ACB 的值为( )A. 3√55B. √175C. 35 D. 458. 用配方法解一元二次方程2x 2−3x −1=0，配方正确的是( )A. (x −34)2=1716B. (x −34)2=12C. (x −32)2=134D. (x −32)2=1149.如图，AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB，垂足为点M，连接OC，DB.如果OC//DB，OC=2√3，那么图中阴影部分的面积是()A. πB. 2πC. 3πD. 4π10.如图，有一块半径为1m，圆心角为90°的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器(接缝忽略不计)，那么这个圆锥形容器的高为()A. 14m B. 34m C. √154m D.√32m11.人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n个图形用图ⓝ表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是()A. 150B. 200C. 355D. 50512.如图，在Rt△ABC中，AB=2，∠C=30°，将Rt△ABC绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，在B′C′上取点D，使B′D=2，那么点D到BC的距离等于()A. 2(√33+1)B. √33+1C. √3−1D. √3+1二、填空题（本大题共5小题，共15.0分）13.因式分解：x(x−2)−x+2=______．14.如图，在⊙O中，四边形OABC为菱形，点D在AmC⏜上，则∠ADC的度数是______．15.计算：(1+a1−a )÷1a2−a=______．16.某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是______．17. 如图，在直角坐标系中，点A(1,1)，B(3,3)是第一象限角平分线上的两点，点C 的纵坐标为1，且CA =CB ，在y 轴上取一点D ，连接AC ，BC ，AD ，BD ，使得四边形ACBD 的周长最小，这个最小周长的值为______． 三、计算题（本大题共1小题，共8.0分） 18. 如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB 的高度进行测量，先测得居民楼AB 与CD 之间的距离AC 为35m ，后站在M 点处测得居民楼CD 的顶端D 的仰角为45°，居民楼AB 的顶端B 的仰角为55°，已知居民楼CD 的高度为16.6m ，小莹的观测点N 距地面1.6m.求居民楼AB 的高度(精确到lm).(参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43)．四、解答题（本大题共7小题，共61.0分）19. 解不等式组{12x +1<7−32x,3x−23≥x 3+x−44,并写出它的所有整数解．20. 为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课，按照类别分为：A “剪纸”、B “沙画”、C “葫芦雕刻”、D “泥塑”、E “插花”.为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：(1)本次调查的样本容量为______；统计图中的a =______，b =______； (2)通过计算补全条形统计图；21.今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的A，B两种树苗，每捆A种树苗比每捆B种树苗多10棵，每捆A种树苗和每捆B种树苗的价格分别是630元和600元，而每棵A种树苗和每棵B种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的0.9倍和1.2倍．(1)求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？(2)如果购进的这批树苗共5500棵，A种树苗至多购进3500棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进A种树苗和B种树苗各多少棵？并求出最低费用．22.如图，在▱ABCD中，E为BC的中点，连接AE并延长交DC的延长线于点F，连接BF，AC，若AD=AF，求证：四边形ABFC是矩形．23.如图，已知反比例函数y=k的图象与直线y=xax+b相交于点A(−2,3)，B(1,m)．(1)求出直线y=ax+b的表达式；(2)在x轴上有一点P使得△PAB的面积为18，求出点P的坐标．24.如图，在△ABC中，AB=BC，以△ABC的边AB为直径作⊙O，交AC于点D，过点D作DE⊥BC，垂足为点E．(1)试证明DE是⊙O的切线；(2)若⊙O的半径为5，AC=6√10，求此时DE的长．25.如图，二次函数yⓝax2+bx+4的图象与x轴交于点A(−1,0)，B(4,0)，与y轴交于点C，抛物线的顶点为D，其对称轴与线段BC交于点E，垂直于x轴的动直线l分别交抛物线和线段BC于点P和点F，动直线l在抛物线的对称轴的右侧(不含对称轴)沿x轴正方向移动到B点．(1)求出二次函数y=ax2+bx+4和BC所在直线的表达式；(2)在动直线l移动的过程中，试求使四边形DEFP为平行四边形的点P的坐标；(3)连接CP，CD，在动直线l移动的过程中，抛物线上是否存在点P，使得以点P，C，F为顶点的三角形与△DCE相似？如果存在，求出点P的坐标；如果不存在，请说明理由．答案和解析1.【答案】D【解析】解：∵|−√2|>|−1|， ∴−1>−√2，∴实数−1，−√2，0，14中，−√2<−1<0<14．故4个实数中最小的实数是：−√2． 故选：D ．直接利用实数比较大小的方法得出答案．此题主要考查了实数比较大小，正确掌握实数大小比较方法是解题关键． 2.【答案】C【解析】解：从上面看，是一个矩形，矩形的靠右边有一条纵向的实线， 故选：C ．找到从上面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在俯视图中． 本题考查了三视图的知识，俯视图是从物体的上面看得到的视图． 3.【答案】B【解析】解：∵AB =AC ，∠C =65°， ∴∠B =∠C =65°， ∵DF//AB ，∴∠CDE =∠B =65°，∴∠FEC =∠CDE +∠C =65°+65°=130°； 故选：B ．由等腰三角形的性质得出∠B =∠C =65°，由平行线的性质得出∠CDE =∠B =65°，再由三角形的外角性质即可得出答案．本题考查了等腰三角形的性质、平行线的性质以及三角形的外角性质；熟练掌握等腰三角形的性质和平行线的性质是解题的关键． 4.【答案】C【解析】解：A 、a 2⋅a 3=a 5，原计算错误，故此选项不合题意； B 、a 6÷a −2=a 8，原计算错误，故此选项不合题意； C 、(−2ab 2)3=−8a 3b 6，原计算正确，故此选项合题意；D 、(2a +b)2=4a 2+4ab +b 2，原计算错误，故此选项不合题意． 故选：C ．根据同底数幂的乘法和除法法则，积的乘方法则以及完全平方公式逐一计算判断即可． 本题主要考查了同底数幂的乘法和除法，幂的乘方与积的乘方的法则以及完全平方公式，熟记运算法则和公式是解答本题的关键． 5.【答案】B【解析】解：把这些数据从小到大排列，最中间的两个数是第15、16个数的平均数， 所以全班30名同学的成绩的中位数是：92+962=94；96出现了10次，出现的次数最多，则众数是96， 所以这些成绩的中位数和众数分别是94分，96分．根据中位数和众数的定义分别进行解答即可．此题考查了中位数和众数众数．解题的关键是掌握求中位数和众数的方法，中位数是将一组数据从小到大(或从大到小)重新排列后，最中间的那个数(最中间两个数的平均数)，叫做这组数据的中位数，如果中位数的概念掌握得不好，不把数据按要求重新排列，就会出错；众数是一组数据中出现次数最多的数． 6.【答案】A【解析】解：原式=3√5÷3√3×√155=3√5×√39×√155=√5×3×1515 =1515=1．故选：A ．根据二次根式的性质化简二次根式后，再根据二次根式的乘除法法则计算即可． 本题主要考查了二次根式的乘除，熟记二次根式的性质是解答本题的关键． 7.【答案】D【解析】解：如图，过点A 作AH ⊥BC 于H ．在Rt △ACH 中，∵AH =4，CH =3， ∴AC =√AH 2+CH 2=√42+32=5， ∴sin∠ACH =AH AC=45， 故选：D ．如图，过点A 作AH ⊥BC 于H.利用勾股定理求出AC 即可解决问题． 本题考查解直角三角形，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题． 8.【答案】A【解析】解：由原方程，得 x 2−32x =12，x 2−32x +916=12+916， (x −34)2=1716， 故选：A ．化二次项系数为1后，把常数项−12移项，应该在左右两边同时加上一次项系数−32的一本题考查了解一元二次方程--配方法．配方法的一般步骤： (1)把常数项移到等号的右边； (2)把二次项的系数化为1；(3)等式两边同时加上一次项系数一半的平方．选择用配方法解一元二次方程时，最好使方程的二次项的系数为1，一次项的系数是2的倍数． 9.【答案】B【解析】解：连接OD ，BC ， ∵CD ⊥AB ，OC =OD ，∴DM =CM ，∠COB =∠BOD ， ∵OC//BD ，∴∠COB =∠OBD ， ∴∠BOD =∠OBD ， ∴OD =DB ，∴△BOD 是等边三角形， ∴∠BOD =60°， ∴∠BOC =60°， ∵DM =CM ，∴S △OBC =S △OBD ， ∵OC//DB ，∴S △OBD =S △CBD ， ∴S △OBC =S △DBC ， ∴图中阴影部分的面积=60⋅π×(2√3)2360=2π，故选：B ．连接OD ，BC ，根据垂径定理和等腰三角形的性质得到DM =CM ，∠COB =∠BOD ，推出△BOD 是等边三角形，得到∠BOC =60°，根据扇形的面积公式即可得到结论． 本题考查了垂径定理、扇形面积的计算，圆周角定理，通过解直角三角形得到相关线段的长度是解答本题的关键． 10.【答案】C【解析】解：设底面半径为rm ，则2πr =90π×1180，解得：r =14，所以其高为：√12−(14)2=√154m ，故选：C ．根据已知条件求得圆锥的底面半径，然后利用勾股定理求得其高即可． 考查了圆锥的计算，解题的关键是首先求得圆锥的底面的半径，难度不大． 11.【答案】C【解析】解：由图形可知图ⓝ的地砖有(7n +5)块， 当n =50时，7n +5=350+5=355． 故选：C ．由图形可知图ⓝ的地砖有(7n +5)块，依此代入数据计算可求图㊿中的白色小正方形地考查了规律型：图形的变化，解决这类问题首先要从简单图形入手，抓住随着“层数”增加时，后一个图形与前一个图形相比，在数量上增加(或倍数)情况的变化，找出数量上的变化规律，从而推出一般性的结论．12.【答案】D【解析】解：∵在Rt△ABC中，AB=2，∠C=30°，∴BC=2√3，AC=4，∵将Rt△ABC绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，∴AB′=AB=2，B′C′=BC=2√3，∴B′C=2，延长C′B′交BC于F，∴∠CB′F=∠AB′C′=90°，∵∠C=30°，∴∠CFB′=60°，B′F=√33B′C=2√33，∵B′D=2，∴DF=2+2√33，过D作DE⊥BC于E，∴DE=√32DF=√32×(2+2√33)=√3+1，故选：D．根据直角三角形的性质得到BC=2√3，AC=4，根据旋转的性质得到AB′=AB=2，B′C′=BC=2√3，求得B′C=2，延长C′B′交BC于F，解直角三角形即可得到结论．本题考查了旋转的性质，直角三角形的性质，正确的作出辅助线是解题的关键．13.【答案】(x−2)(x−1)【解析】解：原式=x(x−2)−(x−2)=(x−2)(x−1)．故答案为：(x−2)(x−1)．利用提取公因式法因式分解即可．此题考查了提公因式法，熟练掌握因式分解的方法是解本题的关键．14.【答案】60°【解析】解：∵四边形ABCD内接于⊙O，∴∠B+∠D=180°，∵四边形OABC为菱形，∴∠B=∠AOC，∴∠D+∠AOC=180°，∵∠AOC=2∠D，∴3∠D=180°，∴∠ADC=60°，故答案为60°．根据菱形的性质得出∠B=∠AOC，根据圆内接四边形的性质得出∠B+∠D=180°，即可得出∠D+∠AOC=180°，根据圆周角定理得出3∠D=180°，即可求得∠ADC=60°．本题考查了圆周角定理，圆内接四边形的性质，菱形的性质，熟练掌握性质定理是解题的关键．15.【答案】−a【解析】解：原式=1−a+a1−a⋅a(a−1)=11−a⋅a(a−1)=−a．故答案为：−a．直接将括号里面通分运算进而结合分式的混合运算法则计算得出答案．此题主要考查了分式的混合运算，正确化简分式是解题关键．16.【答案】13【解析】解：画树状图如下：由树状图知，共有9种等可能结果，其中抽到同一类书籍的有3种结果，所以抽到同一类书籍的概率为39=13，故答案为：13．画树状图展示所有9种等可能的结果数，找出他们抽到同一类书籍的结果数，然后根据概率公式求解．本题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有可能的结果求出n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后根据概率公式计算事件A或事件B的概率．17.【答案】4+2√5【解析】解：∵点A(1,1)，点C的纵坐标为1，∴AC//x轴，∴∠BAC=45°，∵CA=CB，∴∠ABC=∠BAC=45°，∴∠C=90°，∵B(3,3)∴C(3,1)，∴AC=BC=2，作B关于y轴的对称点E，连接AE交y轴于D，则此时，四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值=AC+BC+AE，过E作EF⊥AC交CA的延长线于F，则EF=BC=2，AF=6−2=4，∴AE=√EF2+AF2=√22+42=2√5，故答案为：4+2√5．根据平行线的性质得到∠BAC =45°，得到∠C =90°，求得AC =BC =2，作B 关于y 轴的对称点E ，连接AE 交y 轴于D ，则此时，四边形ACBD 的周长最小，这个最小周长的值=AC +BC +AE ，过E 作EF ⊥AC 交CA 的延长线于F ，根据勾股定理即可得到结论．本题考查了轴对称−最短路线问题，坐标与图形的性质，勾股定理，正确的作出辅助线是解题的关键．18.【答案】解：过点N 作EF//AC 交AB 于点E ，交CD 于点F ，则AE =MN =CF =1.6，EF =AC =35，∠BEN =∠DFN =90°，EN =AM ，NF =MC ，则DF =DC −CF =16.6−1.6=15，在Rt △DFN 中，∵∠DNF =45°，∴NF =DF =15，∴EN =EF −NF =35−15=20，在Rt △BEN 中，∵tan∠BNE =BEEN ，∴BE =EN ⋅tan∠BNE =20×tan55°≈20×1.43≈28.6，∴AB =BE +AE =28.6+1.6≈30．答：居民楼AB 的高度约为30米．【解析】过点N 作EF//AC 交AB 于点E ，交CD 于点F ，可得AE =MN =CF =1.6，EF =AC =35，再根据锐角三角函数可得BE 的长，进而可得AB 的高度．本题考查了解直角三角形的应用−仰角俯角问题，解决本题的关键是掌握仰角俯角定义．19.【答案】解：{12x +1<7−32x①3x−23≥x 3+x−44②， 解不等式①，x <3，解不等式②，得x ≥−45，∴原不等式组的解集为−45≤x <3，它的所有整数解为0，1，2．【解析】分别求出各不等式的解集，再求出其公共解集即可得．本题考查的是解一元一次不等式组，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到”的原则是解答此题的关键．20.【答案】120 12 36【解析】解：(1)18÷15%=120(人)，因此样本容量为120；a =120×10%=12(人)，b =120×30%=36(人)，故答案为：120，12，36；(2)E 组频数：120−18−12−30−36=24(人)，补全条形统计图如图所示：(3)2500×30120=625(人)，答：该校2500名学生中喜爱“葫芦雕刻”的有625人．(1)从两个统计图可知a 组的有18人，占调查人数的15%，可求出调查人数，即样本容量；进而求出a 、b 的值；(2)求出E 组的频数即可补全条形统计图；(3)样本估计总体，样本中喜欢“葫芦雕刻”的占30120，即14，因此估计总体2500人的14是喜欢“葫芦雕刻”的人数．本题考查条形统计图、扇形统计图的意义和制作方法，从两个统计图中获取数量和数量关系是正确解答的关键．21.【答案】解：(1)设这一批树苗平均每棵的价格是x 元，根据题意列，得： 6300.9x −6001.2x =10，解这个方程，得x =20，经检验，x =20是原分式方程的解，并符合题意，答：这一批树苗平均每棵的价格是20元；(2)由(1)可知A 种树苗每棵的价格为：20×0.9=18(元)，B 种树苗每棵的价格为：20×1.2=24(元)，设购进A 种树苗t 棵，这批树苗的费用为w 元，则：w =18t +24(5500−t)=−6t +132000，∵w 是t 的一次函数，k =−6<0，∴w 随t 的增大而减小，又∵t ≤3500，∴当t =3500棵时，w 最小，此时，B 种树苗每棵有：5500−3500=2000(棵)，w =−6×3500+132000=111000， 答：购进A 种树苗3500棵，BA 种树苗2000棵时，能使得购进这批树苗的费用最低，最低费用为111000元．【解析】(1)设这一批树苗平均每棵的价格是x 元，根据题意列方程解答即可；(2)分别求出A 种树苗每棵的价格与B 种树苗每棵的价格，设购进A 种树苗t 棵，这批树苗的费用为w 元，根据题意求出w 与t 的函数关系式，再根据一次函数的性质解答即可．本题考查了分式方程的应用，一次函数的应用以及一元一次不等式组的应用，解决问题的关键是读懂题意，找到关键描述语，进而找到所求的量的等量关系和不等关系． 22.【答案】证明：∵四边形ABCD 是平行四边形，∴AB//CD ，AB =CD ，∴∠BAE =∠CFE ，∠ABE =∠FCE ，∵E 为BC 的中点，∴EB =EC ，∴△ABE≌△FCE(AAS)，∴AB =CF ．∵AB//CF ，∴四边形ABFC 是平行四边形，∵BC =AF ，∴四边形ABFC 是矩形．【解析】根据平行四边形的性质得到两角一边对应相等，利用AAS 判定△ABE≌△FCE ，从而得到AB =CF ；由已知可得四边形ABFC 是平行四边形，BC =AF ，根据对角线相等的平行四边形是矩形，可得到四边形ABFC 是矩形．本题考查了矩形的判定，全等三角形的判定和性质，平行四边形的判定和性质，正确的识别图形是解题的关键．23.【答案】解：(1)将点A 的坐标代入反比例函数表达式并解得：k =−2×3=−6， 故反比例函数表达式为：y =−6x ，将点B 的坐标代入上式并解得：m =−6，故点B(1,−6)，将点A 、B 的坐标代入一次函数表达式得{3=−2a +b −6=a +b ，解得{a =−3b =−3， 故直线的表达式为：y =−3x −3；(2)设直线与x 轴的交点为E ，当y =0时，x =−1，故点E(−1,0)，分别过点A 、B 作x 轴的垂线AC 、BD ，垂足分别为C 、D ，则S △PAB =12PE ⋅CA +12PE ⋅BD =32PE +62PE =92PE =18，解得：PE =4， 故点P 的坐标为(3,0)或(−5,0)．【解析】(1)用待定系数法即可求解；(2)S △PAB =12PE ⋅CA +12PE ⋅BD =32PE +62PE =92PE =18，即可求解．本题考查了反比例函数与一次函数的交点，当有两个函数的时候，着重使用一次函数，体现了方程思想，综合性较强．24.【答案】(1)证明：连接OD 、BD ，∵AB 是⊙O 直径，∴∠ADB =90°，∴BD ⊥AC ，∵AB =BC ，∴D 为AC 中点，∵OA =OB ，∴OD//BC ，∵DE ⊥BC ，∴DE ⊥OD ，∵OD 为半径，∴DE 是⊙O 的切线；(2)由(1)知BD 是AC 的中线，∴AD =CD =12AC =3√10， ∵O 的半径为5，∴AB =6，∴BD =√AB 2−AD 2=√102−(3√10)2=√10，∵AB =AC ，∴∠A =∠C ，∵∠ADB =∠CED =90°，∴△CDE∽△ABD ，∴CD AB =DE BD ，即3√1010=DE√10，∴DE =3．【解析】(1)连接OD 、BD ，求出BD ⊥AC ，瑞成AD =DC ，根据三角形的中位线得出OD//BC ，推出OD ⊥DE ，根据切线的判定推出即可；(2)根据题意求得AD ，根据勾股定理求得BD ，然后证得△CDE∽△ABD ，根据相似三角形的性质即可求得DE ．本题考查了切线的判定和性质，等腰三角形的性质，三角形相似的判定和性质，勾股定理等知识点的综合运用．25.【答案】解：(1)将点A(−1,0)，B(4,0)，代入yⓝax 2+bx +4，得：{0=a −b +40=16a +4b +4， 解得：{a =−1b =3， ∴二次函数的表达式为：y =−x 2+3x +4，当x =0时，y =4，∴C(0,4)，设BC 所在直线的表达式为：y =mx +n ，将C(0,4)、B(4,0)代入y =mx +n ，得：{4=n 0=4m +n， 解得：{m =−1n =4， ∴BC 所在直线的表达式为：y =−x +4；(2)∵DE ⊥x 轴，PF ⊥x 轴，∴DE//PF ，只要DE =PF ，四边形DEFP 即为平行四边形，∵y =−x 2+3x +4=−(x −32)2+254， ∴点D 的坐标为：(32,254)， 将x =32代入y =−x +4，即y =−32+4=52，∴点E 的坐标为：(32,52)，∴DE =254−52=154，设点P 的横坐标为t ，则P 的坐标为：(t,−t 2+3t +4)，F 的坐标为：(t,−t +4)，∴PF =−t 2+3t +4−(−t +4)=−t 2+4t ，由DE =PF 得：−t 2+4t =154， 解得：t 1=32(不合题意舍去)，t 2=52，当t =52时，−t 2+3t +4=−(52)2+3×52+4=214，∴点P 的坐标为(52,214)；(3)存在，理由如下：如图2所示：由(2)得：PF//DE ，∴∠CED =∠CFP ，又∵∠PCF 与∠DCE 有共同的顶点C ，且∠PCF 在∠DCE 的内部，∴∠PCF ≠∠DCE ，∴只有∠PCF =∠CDE 时，△PCF∽△CDE ，∴PF CE =CF DE ，∵C(0,4)、E(32,52)，∴CE =√(32)2+(4−52)2=3√22， 由(2)得：DE =154，PF =−t 2+4t ，F 的坐标为：(t,−t +4)，∴CF =√t 2+[4−(−t +4)]2=√2t ，∴−t 2+4t3√22=√2t 154，∵t ≠0，∴154(−t +4)=3，解得：t =165，当t=165时，−t2+3t+4=−(165)2+3×165+4=8425，∴点P的坐标为：(165,84 25).【解析】(1)由题意得出方程组，求出二次函数的解析式为y=−x2+3x+4，则C(0,4)，由待定系数法求出BC所在直线的表达式即可(2)证DE//PF，只要DE=PF，四边形DEFP即为平行四边形，由二次函数解析式求出点D的坐标，由直线BC的解析式求出点E的坐标，则DE=154，设点P的横坐标为t，则P的坐标为：(t,−t2+3t+4)，F的坐标为：(t,−t+4)，由DE=PF得出方程，解方程进而得出答案；(3)由平行线的性质得出∠CED=∠CFP，当∠PCF=∠CDE时，△PCF∽△CDE，则PFCE =CFDE，得出方程，解方程即可．本题是二次函数综合题目，考查了待定系数法求二次函数和一次函数的解析式、二次函数的性质、平行四边形的判定与性质、平行线的性质、相似三角形的判定与性质、勾股定理等知识；本题综合性强，熟练掌握待定系数法求函数解析式，熟记二次函数的性质是解题的关键．。
2020年山东省聊城市中考数学试卷和答案
2020年山东省聊城市中考数学试卷一、选择题（本题共12个小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．（3分）在实数﹣1，﹣，0，中，最小的实数是（）A．﹣1 B．C．0 D．﹣2．（3分）如图所示的几何体的俯视图是（）A．B．C．D．3．（3分）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠C＝65°，点D是BC边上任意一点，过点D作DF∥AB交AC于点E，则∠FEC的度数是（）A．120°B．130°C．145°D．150°4．（3分）下列计算正确的是（）A．a2•a3＝a6B．a6÷a﹣2＝a﹣3C．（﹣2ab2）3＝﹣8a3b6D．（2a+b）2＝4a2+b25．（3分）为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的30名参赛同学的得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（）成绩/分84889296100人数/人249105A．92分，96分B．94分，96分C．96分，96分D．96分，100分6．（3分）计算÷3×的结果正确的是（）A．1 B．C．5 D．97．（3分）如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin∠ACB的值为（）A．B．C．D．8．（3分）用配方法解一元二次方程2x2﹣3x﹣1＝0，配方正确的是（）A．（x﹣）2＝B．（x﹣）2＝C．（x﹣）2＝D．（x﹣）2＝9．（3分）如图，AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB，垂足为点M，连接OC，DB．如果OC∥DB，OC＝2，那么图中阴影部分的面积是（）A．πB．2πC．3πD．4π10．（3分）如图，有一块半径为1m，圆心角为90°的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那么这个圆锥形容器的高为（）A．m B．m C．m D．m 11．（3分）人行道用同样大小的灰、白两种不同颜色的小正方形地砖铺设而成，如图中的每一个小正方形表示一块地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第n个图形用图ⓝ表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的块数是（）A．150 B．200 C．355 D．505 12．（3分）如图，在Rt△ABC中，AB＝2，∠C＝30°，将Rt△ABC 绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，在B′C′上取点D，使B′D＝2，那么点D到BC的距离等于（）A．2（+1）B．+1 C．﹣1 D．+1二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果）13．（3分）因式分解：x（x﹣2）﹣x+2＝．14．（3分）如图，在⊙O中，四边形OABC为菱形，点D在上，则∠ADC的度数是．15．（3分）计算：（1+）÷＝．16．（3分）某校开展读书日活动，小亮和小莹分别从校图书馆的“科技”、“文学”、“艺术”三类书籍中随机地抽取一本，抽到同一类书籍的概率是．17．（3分）如图，在直角坐标系中，点A（1，1），B（3，3）是第一象限角平分线上的两点，点C的纵坐标为1，且CA＝CB，在y 轴上取一点D，连接AC，BC，AD，BD，使得四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值为．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．（7分）解不等式组并写出它的所有整数解．19．（8分）为了提高学生的综合素养，某校开设了五门手工活动课，按照类别分为：A“剪纸”、B“沙画”、C“葫芦雕刻”、D“泥塑”、E“插花”．为了了解学生对每种活动课的喜爱情况，随机抽取了部分同学进行调查，将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图．根据以上信息，回答下列问题：（1）本次调查的样本容量为；统计图中的a＝，b ＝；（2）通过计算补全条形统计图；（3）该校共有2500名学生，请你估计全校喜爱“葫芦雕刻”的学生人数．20．（8分）今年植树节期间，某景观园林公司购进一批成捆的A，B 两种树苗，每捆A种树苗比每捆B种树苗多10棵，每捆A种树苗和每捆B种树苗的价格分别是630元和600元，而每棵A种树苗和每棵B种树苗的价格分别是这一批树苗平均每棵价格的0.9倍和1.2倍．（1）求这一批树苗平均每棵的价格是多少元？（2）如果购进的这批树苗共5500棵，A种树苗至多购进3500棵，为了使购进的这批树苗的费用最低，应购进A种树苗和B种树苗各多少棵？并求出最低费用．21．（8分）如图，在▱ABCD中，E为BC的中点，连接AE并延长交DC的延长线于点F，连接BF，AC，若AD＝AF，求证：四边形ABFC是矩形．22．（8分）如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量，先测得居民楼AB与CD 之间的距离AC为35m，后站在M点处测得居民楼CD的顶端D 的仰角为45°，居民楼AB的顶端B的仰角为55°，已知居民楼CD 的高度为16.6m，小莹的观测点N距地面1.6m．求居民楼AB的高度（精确到lm）．（参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43）．23．（8分）如图，已知反比例函数y＝的图象与直线y＝ax+b相交于点A（﹣2，3），B（1，m）．（1）求出直线y＝ax+b的表达式；（2）在x轴上有一点P使得△PAB的面积为18，求出点P的坐标．24．（10分）如图，在△ABC中，AB＝BC，以△ABC的边AB为直径作⊙O，交AC于点D，过点D作DE⊥BC，垂足为点E．（1）试证明DE是⊙O的切线；（2）若⊙O的半径为5，AC＝6，求此时DE的长．25．（12分）如图，二次函数y═ax2+bx+4的图象与x轴交于点A（﹣1，0），B（4，0），与y轴交于点C，抛物线的顶点为D，其对称轴与线段BC交于点E，垂直于x轴的动直线l分别交抛物线和线段BC于点P和点F，动直线l在抛物线的对称轴的右侧（不含对称轴）沿x轴正方向移动到B点．（1）求出二次函数y＝ax2+bx+4和BC所在直线的表达式；（2）在动直线l移动的过程中，试求使四边形DEFP为平行四边形的点P的坐标；（3）连接CP，CD，在动直线l移动的过程中，抛物线上是否存在点P，使得以点P，C，F为顶点的三角形与△DCE相似？如果存在，求出点P的坐标；如果不存在，请说明理由．答案一、选择题（本题共12个小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．【解答】解：∵|﹣|＞|﹣1|，∴﹣1＞﹣，∴实数﹣1，﹣，0，中，﹣＜﹣1＜0＜．故4个实数中最小的实数是：﹣．故选：D．2．【解答】解：从上面看，是一个矩形，矩形的靠右边有一条纵向的实线，故选：C．3．【解答】解：∵AB＝AC，∠C＝65°，∴∠B＝∠C＝65°，∵DF∥AB，∴∠CDE＝∠B＝65°，∴∠FEC＝∠CDE+∠C＝65°+65°＝130°；故选：B．4．【解答】解：A、a2•a3＝a5，原计算错误，故此选项不合题意；B、a6÷a﹣2＝a8，原计算错误，故此选项不合题意；C、（﹣2ab2）3＝﹣8a3b6，原计算正确，故此选项合题意；D、（2a+b）2＝4a2+4ab+b2，原计算错误，故此选项不合题意．故选：C．5．【解答】解：把这些数据从小到大排列，最中间的两个数是第15、16个数的平均数，所以全班30名同学的成绩的中位数是：＝94；96出现了10次，出现的次数最多，则众数是96，所以这些成绩的中位数和众数分别是94分，96分．故选：B．6．【解答】解：原式＝＝＝＝＝1．故选：A．7．【解答】解：如图，过点A作AH⊥BC于H．在Rt△ACH中，∵AH＝4，CH＝3，∴AC＝＝＝5，∴sin∠ACH＝＝，故选：D．8．【解答】解：由原方程，得x2﹣x＝，x2﹣x+＝+，（x﹣）2＝，故选：A．9．【解答】解：连接OD，BC，∵CD⊥AB，OC＝OD，∴DM＝CM，∠COB＝∠BOD，∵OC∥BD，∴∠COB＝∠OBD，∴∠BOD＝∠OBD，∴OD＝DB，∴△BOD是等边三角形，∴∠BOD＝60°，∴∠BOC＝60°，∵DM＝CM，∴S△OBC＝S△OBD，∵OC∥DB，∴S△OBD＝S△CBD，∴S△OBC＝S△DBC，∴图中阴影部分的面积＝＝2π，故选：B．10．【解答】解：设底面半径为rm，则2πr＝，解得：r＝，所以其高为：＝m，故选：C．11．【解答】解：由图形可知图ⓝ的地砖有（7n+5）块，当n＝50时，7n+5＝350+5＝355．故选：C．12．【解答】解：方法一：∵∴在Rt△ABC中，AB＝2，∠C＝30°，∴BC＝2，AC＝4，∵将Rt△ABC绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，∴AB′＝AB＝2，B′C′＝BC＝2，∴B′C＝2，延长C′B′交BC于F，∴∠CB′F＝∠AB′C′＝90°，∵∠C＝30°，∴∠CFB′＝60°，B′F＝B′C＝，∵B′D＝2，∴DF＝2+，过D作DE⊥BC于E，∴DE＝DF＝×（2+）＝+1，方法二：过B′作B′F⊥BC于F，B′H⊥DE于H，则B′F＝HE，B′H＝EF，在Rt△ABC中，AB＝2，∠C＝30°，∴BC＝2，AC＝4，∵将Rt△ABC绕点A旋转得到Rt△AB′C′，使点B的对应点B′落在AC上，∴AB′＝AB＝2，B′C′＝BC＝2，∴B′C＝2，∴B′F＝AB＝1，∴HE＝1，∵∠B′HD＝∠HEC＝90°，∴∠HB′C＝∠C＝30°，∴∠DB′H＝60°，∴∠B′DH＝30°，∴B′H＝1，DH＝，∴DE＝，故选：D．二、填空题（本题共5个小题，每小题3分，共15分．只要求填写最后结果）13．【解答】解：原式＝x（x﹣2）﹣（x﹣2）＝（x﹣2）（x﹣1）．故答案为：（x﹣2）（x﹣1）．14．【解答】解：∵四边形ABCD内接于⊙O，∴∠B+∠D＝180°，∵四边形OABC为菱形，∴∠B＝∠AOC，∴∠D+∠AOC＝180°，∵∠AOC＝2∠D，∴3∠D＝180°，∴∠ADC＝60°，故答案为60°．15．【解答】解：原式＝•a（a﹣1）＝•a（a﹣1）＝﹣a．故答案为：﹣a．16．【解答】解：画树状图如下：由树状图知，共有9种等可能结果，其中抽到同一类书籍的有3种结果，所以抽到同一类书籍的概率为＝，故答案为：．17．【解答】解：∵点A（1，1），点C的纵坐标为1，∴AC∥x轴，∴∠BAC＝45°，∵CA＝CB，∴∠ABC＝∠BAC＝45°，∴∠C＝90°，∵B（3，3）∴C（3，1），∴AC＝BC＝2，作B关于y轴的对称点E，连接AE交y轴于D，则此时，四边形ACBD的周长最小，这个最小周长的值＝AC+BC+AE，过E作EF⊥AC交CA的延长线于F，则EF＝BC＝2，AF＝6﹣2＝4，∴AE＝＝＝2，∴最小周长的值＝AC+BC+AE＝4+2，故答案为：4+2．三、解答题（本题共8个小题，共69分．解答题应写出文字说明、证明过程或推演步骤）18．【解答】解：，解不等式①，x＜3，解不等式②，得x≥﹣，∴原不等式组的解集为﹣≤x＜3，它的所有整数解为0，1，2．19．【解答】解：（1）18÷15%＝120（人），因此样本容量为120；a＝120×10%＝12（人），b＝120×30%＝36（人），故答案为：120，12，36；（2）E组频数：120﹣18﹣12﹣30﹣36＝24（人），补全条形统计图如图所示：（3）2500×＝625（人），答：该校2500名学生中喜爱“葫芦雕刻”的有625人．20．【解答】解：（1）设这一批树苗平均每棵的价格是x元，根据题意列，得：，解这个方程，得x＝20，经检验，x＝20是原分式方程的解，并符合题意，答：这一批树苗平均每棵的价格是20元；（2）由（1）可知A种树苗每棵的价格为：20×0.9＝18（元），B 种树苗每棵的价格为：20×1.2＝24（元），设购进A种树苗t棵，这批树苗的费用为w元，则：w＝18t+24（5500﹣t）＝﹣6t+132000，∵w是t的一次函数，k＝﹣6＜0，∴w随t的增大而减小，又∵t≤3500，∴当t＝3500棵时，w最小，此时，B种树苗每棵有：5500﹣3500＝2000（棵），w＝﹣6×3500+132000＝111000，答：购进A种树苗3500棵，BA种树苗2000棵时，能使得购进这批树苗的费用最低，最低费用为111000元．21．【解答】证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD，∴∠BAE＝∠CFE，∠ABE＝∠FCE，∵E为BC的中点，∴EB＝EC，∴△ABE≌△FCE（AAS），∴AB＝CF．∵AB∥CF，∴四边形ABFC是平行四边形，∵BC＝AF，∴四边形ABFC是矩形．22．【解答】解：过点N作EF∥AC交AB于点E，交CD于点F，则AE＝MN＝CF＝1.6，EF＝AC＝35，∠BEN＝∠DFN＝90°，EN＝AM，NF＝MC，则DF＝DC﹣CF＝16.6﹣1.6＝15，在Rt△DFN中，∵∠DNF＝45°，∴NF＝DF＝15，∴EN＝EF﹣NF＝35﹣15＝20，在Rt△BEN中，∵tan∠BNE＝，∴BE＝EN•tan∠BNE＝20×tan55°≈20×1.43≈28.6，∴AB＝BE+AE＝28.6+1.6≈30．答：居民楼AB的高度约为30米．23．【解答】解：（1）将点A的坐标代入反比例函数表达式并解得：k＝﹣2×3＝﹣6，故反比例函数表达式为：y＝﹣，将点B的坐标代入上式并解得：m＝﹣6，故点B（1，﹣6），将点A、B的坐标代入一次函数表达式得，解得，故直线的表达式为：y＝﹣3x﹣3；（2）设直线与x轴的交点为E，当y＝0时，x＝﹣1，故点E（﹣1，0），分别过点A、B作x轴的垂线AC、BD，垂足分别为C、D，则S△PAB＝PE•CA+PE•BD＝PE PE＝PE＝18，解得：PE ＝4，故点P的坐标为（3，0）或（﹣5，0）．24．【解答】（1）证明：连接OD、BD，∵AB是⊙O直径，∴∠ADB＝90°，∴BD⊥AC，∵AB＝BC，∴D为AC中点，∵OA＝OB，∴OD∥BC，∵DE⊥BC，∴DE⊥OD，∵OD为半径，∴DE是⊙O的切线；（2）由（1）知BD是AC的中线，∴AD＝CD＝＝3，∵O的半径为5，∴AB＝6，∴BD＝＝＝，∵AB＝AC，∴∠A＝∠C，∵∠ADB＝∠CED＝90°，∴△CDE∽△ABD，∴，即＝，∴DE＝3．25．【解答】解：（1）将点A（﹣1，0），B（4，0），代入y═ax2+bx+4，得：，解得：，∴二次函数的表达式为：y＝﹣x2+3x+4，当x＝0时，y＝4，∴C（0，4），设BC所在直线的表达式为：y＝mx+n，将C（0，4）、B（4，0）代入y＝mx+n，得：，解得：，∴BC所在直线的表达式为：y＝﹣x+4；（2）∵DE⊥x轴，PF⊥x轴，∴DE∥PF，只要DE＝PF，四边形DEFP即为平行四边形，∵y＝﹣x2+3x+4＝﹣（x﹣）2+，∴点D的坐标为：（，），将x＝代入y＝﹣x+4，即y＝﹣+4＝，∴点E的坐标为：（，），∴DE＝﹣＝，设点P的横坐标为t，则P的坐标为：（t，﹣t2+3t+4），F的坐标为：（t，﹣t+4），∴PF＝﹣t2+3t+4﹣（﹣t+4）＝﹣t2+4t，由DE＝PF得：﹣t2+4t＝，解得：t1＝（不合题意舍去），t2＝，当t＝时，﹣t2+3t+4＝﹣（）2+3×+4＝，∴点P的坐标为（，）；（3）存在，理由如下：如图2所示：由（2）得：PF∥DE，∴∠CED＝∠CFP，又∵∠PCF与∠DCE有共同的顶点C，且∠PCF在∠DCE的内部，∴∠PCF≠∠DCE，∴只有∠PCF＝∠CDE时，△PCF∽△CDE，∴＝，∵C（0，4）、E（，），∴CE＝＝，由（2）得：DE＝，PF＝﹣t2+4t，F的坐标为：（t，﹣t+4），∴CF＝＝t，∴＝，∵t≠0，∴（﹣t+4）＝3，解得：t＝，当t＝时，﹣t2+3t+4＝﹣（）2+3×+4＝，∴点P的坐标为：（，）．白雪歌送武判官归京北风卷地白草折，胡天八月即飞雪。
2020年山东省聊城市中考数学试卷试题带答案
2020 年山东省聊城市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共 12 个小题，每小题 3 分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合
题目要求）
1．（3 分）在实数 1 ， 2 ，0， 1 中，最小的实数是 (
)
4
A． 1
B． 1 4
C．0
D． 2
【解答】解：| 2 || 1| ，
1 2 ，
2
A．92 分，96 分
4
9
10
5
B．94 分，96 分
C．96 分，96 分
D．96 分，100 分
6．（3 分）计算 45 3 3 3 的结果正确的是 (
)
5
A．1
B． 5 3
C．5
D．9
7．（3 分）如图，在 4 5 的正方形网格中，每个小正方形的边长都是 1， ABC 的顶点都在 这些小正方形的顶点上，那么 sin ACB 的值为 ( )
A．
B． 2
【解答】解：连接 OD ， BC ， CD AB ， OC OD ，
DM CM ， COB BOD ， OC / /BD ，
COB OBD ，
BOD OBD ，
OD DB ，
BOD 是等边三角形，来自BOD 60 ，BOC 60 ， DM CM ，
C． 3
SOBC SOBD ， OC / /DB ，
23．（8 分）如图，已知反比例函数 y k 的图象与直线 y ax b 相交于点 A(2,3) ，B(1, m) ． x
（1）求出直线 y ax b 的表达式； （2）在 x 轴上有一点 P 使得 PAB 的面积为 18，求出点 P 的坐标．
24．（10 分）如图，在 ABC 中，AB BC ，以 ABC 的边 AB 为直径作 O ，交 AC 于点 D ， 过点 D 作 DE BC ，垂足为点 E ． （1）试证明 DE 是 O 的切线； （2）若 O 的半径为 5， AC 6 10 ，求此时 DE 的长．
2020山东省聊城市中考数学试卷(解析版)
∴ sin ACB AD 4 ， AC 5
故选：D．
【点睛】本题考查了勾股定理的运用以及锐角三角函数，正确作出辅助线是解题的关键．
8.用配方法解一元二次方程 2x2 3x 1 0 ，配方正确的是（ ）．
A.
x
3 4
2
Hale Waihona Puke 17 16B.x
3 4
2
1 2
C.
x
3 2
2
13 4
D.
x
3 2
D. 150°
【解析】
【分析】
根据等腰三角形的性质得到∠B=∠C，利用平行线的性质得到∠ EDC＝∠B，利用三角形的外角性质即可求解．
【详解】∵AB＝AC，
∴∠B＝∠C＝65°，
∵DF∥AB，
∴∠ EDC＝∠B＝65°，
∴∠FEC＝∠EDC＋∠C＝65°＋65°＝130°．
故选：B．
【点睛】本题考查了等腰三角形的性质，平行线的性质，三角形的外角性质，需熟练掌握．
4.下列计算正确的是（ ）．
A. a2 a3 a6
B. a6 a2 a3
C. 2ab2 3 8a3b6
D. (2a b)2 4a2 b2
【答案】C 【解析】 【分析】 根据同底数幂的乘法、同底数幂的除法、积的乘方、完全平方公式逐一分析即可．
【详解】A． a2 a3 a23 a5 ，该项不符合题意；
1
故选：C． 【点睛】本题主要考查了简单几何体的三视图，关键是掌握俯视图所看的位置．
3.如图，在 A ABC 中，AB＝AC，∠C＝65°，点 D 是 BC 边上任意一点，过点 D 作 DF∥AB 交 AC 于点 E，则∠FEC 的度数是（ ）
A. 120° 【答案】B
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∵四边形 OABC 为菱形，OA=OB，
∴OA=OB=OC=AB=BC, ∴△OAB，△OBC 都是等边三角形， ∴∠AOB=∠BOC=60°，
9
∴∠AOC=120°，
∵ AC= AC ，
ADC 1 AOC 60
∴
2
．
故答案为：60°
【点睛】本题考查了菱形的性质，圆的半径都相等，圆周角定理，等边三角形性质，综合性较强．解题关
OMC 90 ， CM DM ．
MOC MCO 90
OC //DB
MCO CDB
CDB 1 BOC
又
2
MOC 1 MOC 90 2
MOC 60 在 △OMC 和 BMD 中，
OCM BDM
CM DM
OMC BMD
△O△MC BMD ，
S△O△MC S BMD
2
60 2 3
可．
1 0 1 2
【详解】∵ 4
，
1 ∴在实数 1， 2 ，0， 4 中，最小的实数是 2 ，
故选：D．
【点睛】此题主要考查了实数大小比较的方法，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：正实数＞0＞负
实数，两个负实数绝对值大的反而小．
2.如图所示的几何体的俯视图是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
【分析】
找到从几何体的上面看所得到的图形即可．
【详解】从上面看几何体所得到的图形为俯视图，其中看得见的轮廓画实线，选项 C 符合题意．
故选：C．
1
【点睛】本题主要考查了简单几何体的三视图，关键是掌握俯视图所看的位置．
3.如图，在 ABC 中，AB＝AC，∠C＝65°，点 D 是 BC 边上任意一点，过点 D 作 DF∥AB 交 AC 于点 E，
92 96 =94
∴中位数是 2
；
由统计表得数据 96 出现的次数最多，
∴众数为 96．
故选：B
【点睛】本题考查了求一组数据的中位数和众数．中位数是将一组数据由小到大（由大到小）排序后，位
于中间位置的数据，当有偶数个数据时，取中间两数的平均数；众数是一组数据出现次数最多的数．
45 3 3 3
6.计算
键是连接 OB，得到△OAB，△OBC 都是等边三角形．
15.计算： 1
a 1 a
1 a2 Βιβλιοθήκη a________．
【答案】 a
【解析】
【分析】
分式的混合运算，根据分式的加减乘除混合运算法则可以解答本题，括号里先通分运算，再进行括号外的
除法运算，即可解答本题.
【详解】解：
1
1
a
a
a
2
1
a
=
1－a 1－a
OC 2 3 ，那么图中阴影部分的面积是（ ）．
A.
B. 2
C. 3
D. 4
【答案】B
【解析】
【分析】
根据 AB 是 O 的直径，弦 CD AB ，由垂径定理得 CM DM ，再根据 OC //DB 证得
5
MCO CDB ，即可证明 △O△MC BMD ，即可得出 S阴影 S扇形OBC ． 【详解】解： Q AB 是 O 的直径，弦 CD AB ，
A.
x
3 4
2
17 16
B.
x
3 4
2
1 2
C.
x
3 2
2
13 4
D.
x
3 2
2
11 4
【答案】A
【解析】
【分析】
按照配方法的步骤进行求解即可得答案.
【详解】解： 2x2 3x 1 0 移项得 2x2 3x 1，
x2 3 x 1 二次项系数化 1 的 2 2 ，
配方得
x2
地砖．如果按图①②③…的次序铺设地砖，把第 n 个图形用图 表示，那么图㊿中的白色小正方形地砖的
块数是（ ）．
A. 150
B. 200
… C. 355
D. 505
【答案】C
【解析】
【分析】
由图形可知图①中白色小正方形地砖有 12 块，图②中白色小正方形地砖有 12+7 块，图③中白色小正方
形地砖有 12+7×2 块，…，可知图 中白色小正方形地砖有 12+7(n-1)=7n+5，再令 n=50，代入即可．
3 2
x
3 4
2
1 2
3 4
2
即
x
3 4
2
17 16
故选：A
【点睛】本题考查了配方法解一元二次方程，配方法的一般步骤为（1）把常数项移到等号的右边；（2）
把二次项的系数化为 1；（3）等式两边同时加上一次项系数一半的平方．
9.如图， AB 是 O 的直径，弦 CD AB ，垂足为点 M ．连接 OC ， DB ．如果 OC //DB ，
7.如图，在 4 5 的正方形网格中，每个小正方形的边长都是 1， ABC 的顶点都在这些小正方形的顶点 上，那么 sin ACB 的值为（ ）．
35
17
3
4
A. 5
B. 5
C. 5
D. 5
【答案】D
【解析】
【分析】
过点 A 作 AD BC 于点 D，在 Rt△ACD 中，利用勾股定理求得线段 AC 的长，再按照正弦函数的定义计
算即可．
【详解】解：如图，过点 A 作 AD BC 于点 D，则 ADC 90 ，
∴ AC AD2 CD2 5 ，
sin ACB AD 4
∴
AC 5 ，
故选：D．
【点睛】本题考查了勾股定理的运用以及锐角三角函数，正确作出辅助线是解题的关键．
4
8.用配方法解一元二次方程 2x2 3x 1 0 ，配方正确的是（ ）．
么这个圆锥形容器的高为（ ）．
1 m
A. 4
【答案】C 【解析】 【分析】
3 m
B. 4
15 m
C. 4
3 m
D. 2
6
首先利用扇形的弧长公式求得圆锥的底面周长，求得底面半径的长，然后利用勾股定理求得圆锥的高．
n r 90 1
【详解】解：设圆锥的底面周长是 l，则 l= 180
180
2 m，
成绩/分 84
88
92
96 100
人数/人
2
4
9
10
5
A. 92 分，96 分
B. 94 分，96 分
C. 96 分，96 分
D. 96 分，100 分
【答案】B
【解析】
【分析】
根据中位数的定义和众数的定义分别求解即可．
【详解】解：由统计表得共有 30 个数据，第 15、16 个数据分别是 92,96，
S阴影 S扇形OBC
360
2
故选：B
【点睛】本题考查了垂径定理，圆周角定理，平行线的性质，全等三角形的判定，扇形的面积，等积变换，
解此题的关键是证出 S△O△MC S BMD ，从而将阴影部分的面积转化为扇形 OBC 的面积，题目比较典型，难
度适中．
10.如图，有一块半径为1m ，圆心角为 90 的扇形铁皮，要把它做成一个圆锥形容器（接缝忽略不计），那
故选：D．
8
【点睛】本题考查了解直角三角形、矩形的判定和性质以及旋转的性质等知识，正确作出辅助线、熟练掌 握解直角三角形的知识是解题的关键．
二、填空题 13.因式分解： x(x 2) x 2 ________． 【答案】 (x 2)(x 1)
【解析】 【分析】 先把二、三两项分为一组，提取一个负号，再提取公因式 (x 2) 即可．
【详解】解：由图形可知图 中白色小正方形地砖有 12+7(n-1)=7n+5（块）
当 n=50 时，原式=7×50+5=355（块）
故选：C
【点睛】考查了规律型：图形的变化，解决这类问题首先要从简单图形入手，后一个图形与前一个图形相
比，在数量上增加（或倍数）情况的变化，找出数量上的变化规律，从而推出一般性的结论．
D. 3 1
【解析】
【分析】
根据旋转的性质和 30°角的直角三角形的性质可得 AB 的长，进而可得 BC 的长，过点 D 作 DM⊥BC 于点 M，过点 B 作 BE BC 于点 E， BF DM 于点 F，如图，则四边形 BEMF 是矩形，解 Rt△ BEC 可 得 BE 的长，即为 FM 的长，根据三角形的内角和易得 BDN C 30 ，然后解 Rt△ BDF 可求出
∴ FM BE ，
在
Rt△
BEC
中，
BE
BC
sin
30
2
1 2
1
，∴FM=1，
∵ DBN CMN 90, BND MNC ， ∴ BDN C 30 ，
DF BD cos 30 2 3 3
在 Rt△ BDF 中，
2
，
∴ DM FM DF 1 3 ，
即点 D 到 BC 的距离等于 3 1．
【详解】A． a2 a3 a23 a5 ，该项不符合题意；
B． a6 a2 a62 a8 ，该项不符合题意；
2ab2 3 23 a3 b2 3 8a3b6
C．
，该项符合题意；
D． (2a b)2 4a2 4ab b2 ，该项不符合题意；
2
故选：C． 【点睛】本题考查同底数幂的乘法、同底数幂的除法、积的乘方、完全平方公式等内容，解题的关键是掌 握运算法则． 5.为了增强学生预防新冠肺炎的安全意识，某校开展疫情防控知识竞赛．来自不同年级的 30 名参赛同学的 得分情况如下表所示，这些成绩的中位数和众数分别是（ ）