3-专题讨论之文件容量计算
基于“三研”优化教学设计—统编版高中历史教科书“容量大课时紧”的破解之法
基于“三研”优化教学设计—统编版高中历史教科书“容量大课时紧”的破解之法发布时间：2021-04-25T15:05:40.827Z 来源：《教育学文摘》2021年第36卷第3期作者：许威[导读] 依据《普通高中历史课程标准》而编写的统编教材，在唯物史观的指导下以通史的模式呈现中外历史的发展过程许威广东清远连州市第二中学广东清远 511500摘要：依据《普通高中历史课程标准》而编写的统编教材，在唯物史观的指导下以通史的模式呈现中外历史的发展过程。
教材总体容量大，上册29课，下册23课。
内容涵盖面广、知识点密度大，每个时段皆包括政治、经济、思想文化等内容。
面对这种情况，很多老师会望而生畏，难以抉择，抓不住重点所在而导致出现对核心素养落实不到位，课堂效率低下，课时紧张。
笔者认为要以三研为基础做好教学设计来破解这一难题。
关键词：高中历史优化教学设计提高课堂效率一、研读《普通高中历史课程标准》课标是高中历史教科书的指导性文件，通过对它的研读首先把握历史课最基本和最重要的理念是落实立德树人的根本任务。
其次树立教学过程中紧密围绕历史学科唯物史观、时空观念、史料实证、历史解释、家国情怀五大核心素养而开展教学的理念。
最后要把握统编教材编写体现出的四个自信的理念，即以纲要形式，采取详今略古、详中略外的方式。
我们在教学时间的安排上也应如此对应。
二、研读教材1.发掘教材栏目创新统编教材与原有教材相比完全创新了“学习聚焦”、“史料阅读”、“历史纵横”这三个栏目。
学习聚焦以精炼的文字概括了每一课的重点内容，可以锻炼学生的概括能力。
史料阅读提供了一段与课文密切关联的史料并设计问题，体现出了史料实证这一核心素养。
历史纵横则是多角度补充因篇幅限制而无法列入正文的重要内容。
改进创新了单元导言和每一课的导言。
其中单元导言第二段列出了新课标的要求，每一课的导言部分以图文并茂的方式直接关联正文第一部分的内容。
2.读好单元导言，确立单元主题“文章以意为主”，“意犹帅也”。
跃峰奥数PPT4图论方法3-3(圈分析之三角形估计)
温馨提示为了设计教学场景互动效果的需要，课件中采用了大量“播放后隐藏”的文本，从而导致预览模式下出现诸多文本重叠，影响阅读。
但在放映模式下，这些现象都不会出现。
另外，课件中的图像均不是一次性形成，而是展现了“尝试-修改-成形”等发生过程，这可能导致预览模式下出现诸多乱码，但在放映模式下，图形则非常生动、美观。
【百度文库】跃峰奥数PPT经典原创图论方法3-3（圈分析之三角形估计）●冯跃峰本讲内容本节为第4板块（图论方法）第3专题（圈分析）的第3小节（三角形估计），包含如下3个部分内容：第一部分，概述问题涉及的知识方法体系；第二部分，思维过程剖析。
这是课件的核心部分，重在发掘问题特征，分析如何找到解题方法。
按照教师场景授课互动效果设计，立足于启发思维；第三部分，详细解答展示。
提供笔者重新书写的解答（简称“新写”），力求严谨、流畅、简练。
通过分析图中的一些点的度的性质，找到解题的突破口，我们称之为“度分析”。
包括如下4个方面：四种分析方法去掉悬挂点（度为1的点）将问题化归到已知情形（通常与归纳法相结合）图论方法1（度分析）考察极端从最大度、最小度突破【百度文库】跃峰奥数PPT 度与边关联建立度与边的联系引入容量参数设d（A）=k，对k的取值进行讨论。
【图论方法（圈分析）】所谓“圈分析”，就是从图中的圈入手，探索解题途径。
它包括三种常见的思路：三种思路（1）论证有圈：在给定的图中寻找圈，发现图的相关性质；（2）判断是圈：先考察图的最简单情形：是一个圈。
再考虑其它情形：或者化归，或者迁移特征。
（3）主动作圈：先构造一个圈，然后逐步完善其它边，得到合乎要求的图。
本节介绍“论证有圈”的相关例子。
【找“固定长度r”的圈的策略】图论中的定理通常只指存在圈，但并不知道圈的长度。
若要找固定长度r 的圈，可采用以下局部扩充策略：定义：两条有公共顶点的边组成的图称为“2-链”，公共顶点称为2-链的中心，另两个顶点称为2-链的端点。
计算机+计算题公式梳理(答-2-23)
计算题公式梳理1.总线带宽计算：总线带宽（M B/s）=（数据线宽度/8）(B)×总线工作频率（MHz）2.存储容量= 磁盘面数（磁头数）⨯磁道数（柱面数）⨯扇区数⨯512字节B3.CPU访问内存空间大小是由CPU的地址线宽为n决定，那么CPU的寻址大小是2n（B）平均存取时间T=寻道时间5ms+旋转等待时间+数据传输时间0.01ms/扇区平均等待时间为盘片旋转一周所需时间的一半4.内存地址编码4.1容量=末地址-首地址+14.2末地址=容量+首地址-15.点阵字存储计算：点阵/8（例：24*24/8，单位B）6.光驱数据传输速率：倍速*150KB/s7.进制转换7.1十转非十：整数（短除求余倒取），小数（乘进制，取整，顺取）7.2非十转十：按权展开求和（权*基数n-1）7.32与8关系：一位8进制转为3位2进制，3位2进制转为一位8进制（421法）7.42与16：一位16进制转为4位2进制，4位2进制转为一位16进制（8421法）8.二进制算术运算8.1加法：逢二进一8.2减法：借一位算二9.二进制逻辑运算9.1逻辑或：有1得1，全0得0 逻辑加V9.2逻辑与：有0得0，全1得1 逻辑乘9.3异或：相同时为0，不同时为110.无符号整数表示：0-[2n-1]11.有符号整数原码表示：[-2n-1+1，+2n-1-1]12.有符号整数补码表示：[-2n-1，+2n-1-1]13.有符号整数二进制原码：该十进制的八位二进制原码，正数最高位置0，负数最高位置114.有符号整数二进制补码：该十进制的八位二进制原码后，反码，末尾+115.每类IP地址可用主机数量：2主机号二进制位数-216.ASCII编码计算：A（65，41H），a（97，61H），两者相差32（20H）0（48，30H），空格（32，20H）17.汉字的区位码、国标码、机内码17.1国标码=区位码+2020H17.2机内码=国标码+8080H17.3机内码=区位码+A0A0H18.灰度图像亮度计算：亮度数量=2n ，亮度取值范围=0~2n-119.彩色图像颜色种类：颜色种类=2n+m+k20.数字图像：数据量(B)=图像水平分辨率×图像垂直分辨率×像素深度（b）／821.波形声音的码率（kb/s）＝取样频率(kHz)×量化位数(b)×声道数若B 则÷8存储=时间X码率声音压缩比例=压缩前码率/压缩倍数22.压缩编码以后的码率＝压缩前的码率/ 压缩倍数23.单元格引用23.1相对引用：复制公式，插入行和列，删除行和列，目标单元格公式会变；移动公式时，目标单元格公式不会变；23.2绝对引用：插入行和列，删除行和列，目标单元格公式会变；复制公式，移动公式时，目标单元格公式不会变；23.3混合引用：针对上面两者各自规则引用。
浙江版高考信息技术 专题三 多媒体技术基础
专题三多媒体技术基础挖命题【考情探究】分析解读本专题从多媒体技术基础和多媒体信息的编码这两个方面的内容进行了介绍。
从学考、选考试题来看,多以选择题形式着重考查学生对基本概念的理解和应用。
复习时应该特别强调理解和掌握信息的编码,熟练掌握二进制、十六进制与十进制三者之间的相互转换方法。
同时还要关注多媒体数据文件的文件格式、存储容量的计算、对数据文件压缩技术的理解和压缩比的计算,尤其是图像文件以及视频文件存储容量的计算问题。
破考点【考点集训】考点一多媒体技术基础1.下列说法错误．．的是( )A.编写制作脚本后,可进行媒体元素的分解B.在编写本场景的制作脚本之前,应先完成脚本大纲和文字脚本的编写C.“片头”场景播放完后,将自动循环播放D.“Play”按钮在“趣”动画结束时或结束后出现答案C2.某同学在信息课上使用工具软件处理一些多媒体素材文件,下列说法错误的是( )A.可以使用Photoshop软件将一幅BMP标准位图另存为PNG文件B.可以使用会声会影软件为AVI视频文件添加字幕,并保存为MP4文件C.可以使用Winzip软件将多个BMP文件压缩成一个ZIP文件,文件变小,图像质量下降D.可以使用GoldWave软件将一个WAV文件另存为MP3文件,文件变小,声音质量下降答案C3.图a和图b主要反映的数据冗余分别是( )C.空间冗余;视觉冗余D.结构冗余;空间冗余答案D考点二多媒体信息编码1.(2019金华十校9月考试,6,2分)某十进制偶数x,范围为100~254,将其转化为二进制数y,以下说法不正确．．．的是( )A.x/2的运算结果转化为二进制数一定比y少1位B.二进制数y的最低位一定是0C.十进制数x+1转化为二进制数不超过8位D.十进制数xmod16与二进制数y的左侧4位的值相等答案D2.(2019届宁波十校9月联考,6,2分)某数据的加密方法如下:(1)将字符的ASCII码值以字节为单位进行加密处理;(2)将一个字节的8位二进制数右移1位,最高位用右移出来的最低位补充;(3)将二进制数转换为十六进制数,顺序连接,即为该字符的密文。
国家开放大学人类与社会专题讨论3
国家开放大学人类与社会专题讨论3随着城市化建设的发展，越来越多的问题也随之出现，城市中最常见的就是交通运输的问题,对于现在的城市中人来说,如果你问他们关于城市交通的问题,那么无论是上班族还是学生，他们都会回答你一一个字，就是“堵”，.上班堵车下班堵车，-天之中有一两个小时都耗在堵车上了，这无疑会给人们带来很多的不便，也会影响人们的工作心情,进而影响其工作效率，此外，除了堵的问题，城市的交通管理也有很多不合理的地方以及秩序问题,这些问题对于城市化的发展也造成了很多的阻碍,也造成了许许多多的交通悲剧,这些都是我们不想看到的，因此解决这些问题显得尤为重要，下面分别就城市中交通存在的问题进行分析。
1.1道路容量不足查阅资料可以了解到我国城市的人均道路面积尚不及发达国家的1/3。
其次，我国大城市市区正处在从中心区向郊区化扩散过程中，近几年城市道路建设的增加，主要分布在新开发的市区和郊区,相对来讲，中心区的道路面积率反而略有下降。
再次，城市房地产开发集中于市中心地区，产生了过量的交通，造成道路超负荷运载。
此外,我国城市中占用道路和人行道问题一直得不到有效解决，城市新增的道路面积,往往很快就被各种摊商、集贸市场和停车场相继侵占，使本来就严重短缺的道路面积更加紧张。
这些问题让本就拥堵的道路更加寸步难行随着社会的发展，现在的人们普遍都有-种想法，那就是车是身份的象征，你开什么样的车就代表了你的社会地位和生活水平,这种错误的观念导致现在的人们奋斗的目标之-就是买车，也因此导致现在私家车的数量越来越多，车辆数量增长过快，但是我国现有城市路网一般都是密度低、干道间距过大.支路短缺、功能混乱，属于低速的交通系统,难以适应现代汽车交通的需要，阻碍着汽车化在城市的实现，这样想不堵都难了。
1.5交通管理技术水平较低交通管理技术低下也是目前我国城市交通存在的主要问题,城市中很多交通设施设置的不合理还有管理不善也给城市交通带来很多问题，如斑马线可能太长或者不明显，红绿灯时间太长或太短，还有城市中盲道的设置和管理也存在很大的问题，很多都被破坏或者没被重视，让盲人出行带来很多不便，此外，从停车场看，城市中特别是中心区严重短缺停车设施，车辆大都停在道路和人行道上，加剧了拥挤堵塞和事故发生。
7.多媒体技术文件压缩、文件格式,存储量的计算知识点
七、多媒体技术文件压缩、文件格式，存储量的计算知识点1、多媒体技术的三个显著的特征：集成性：（指文字、图形、图像、声音、动画、视频等各种媒体的整合与综合运用，如多媒体课件、网页、多媒体电子地图等）交互性：（指人机交互功能，人可以积极参与其中的所有活动，如人机下棋，数字电视选择点播节目等）实时性：（指声音及活动的视频图像是强实时的，如电视或网上现场直播奥运会，汽车GPS电子导航系统等）2.多媒体作品的规划和设计3.．多媒体的创作工具（1）以页为基础的创作工具（ToolBook、PowerPoint）；（2）以图标和流程图为基础的创作工具（Authorware、IconAuthor）；（3）以时间为基础的创作工具（Director、Flash）；（4）以程序语言为基础的创作工具（Visual Basic、Visual\ C++、Java）。
4、多媒体技术的应用：(1) 生活中的多媒体：MP3音乐、影视动画、数字电视（优点：图像质量高、节目容量大、伴音质量好）等。
[普通模拟电视显示屏幕长宽比为4：3；数字电视屏幕的长宽比为16：9] (2) 多媒体技术的现状：音频技术（声控玩具、语音拔号功能的手机等）视频技术（大众化的数字视频产品如VCD、DVD、可视电话、视频会议等）网络传输技术（使可视电话、观看网络电视、电影等成为可能）5、压缩技术（1）压缩目的：为了使数据量更小，以便存储和传输。
（2）压缩原理：首先数据本身存在冗余；其次是在许多情况许媒体本身允少量失真。
（3）数据冗余分为：空间冗余、视觉冗余、结构冗余、时间冗余。
空间冗余：对应的对象是静态图像，例如：图像中有一片连续的区域，其像素为相同的颜色，空间冗余产生。
时间冗余: 对应的对象是序列图像，例如：房间里的两个人在聊天，在这个聊天的过程中，背景（房间和家具）一直是相同的，同时也没有移动，而且是同样的两个人在聊天，只有动作和位置的变化。
结构冗余：图像中重复出现或相近的纹理结构。
磁盘存储容量计算
磁盘存储容量计算 Revised by Petrel at 2021存储系统计算总结一．磁盘存储容量计算磁盘容量有两种指标，一种是非格式化容量，指一个磁盘所能存储的总位数；另一种是格式化容量，指各扇区中数据区容量总和。
公式有：记录密度（存储密度）：一般用磁道密度和位密度来表示。
磁道密度：指沿磁盘半径方向，单位长度内磁道的条数。
(1)总磁道数=记录面数×磁道密度×(外直径-内直径)÷2(2)非格式化容量=位密度×3.14×最内圈直径×总磁道数(3)格式化容量=每道扇区数×扇区容量×总磁道数(4)平均数据传输速率=最内圈直径×3.14×位密度×盘片转速或：非格式化容量=面数×（磁道数/面）×内圆周长×最大位密度格式化容量=面数×（磁道数/面）×（扇区数/道）×（字节数/扇区）例1：假设一个硬盘有3个盘片，共4个记录面，转速为7200r/min,盘面有效记录区域的外直径为30cm ，内直径为10cm ，记录位密度为250b/mm ，磁道密度为8道/mm ，每磁道分16个扇区，每扇区512字节，试计算该磁盘的非格式化容量，格式化容量和数据传输率。
答：非格式化容量=最大位密度×最内圈周长×总磁道数 扇区 磁道最内圈周长=100*3.1416=314.16mm每记录面的磁道数=(150-50)×8=800道；因此，每记录面的非格式化容量=314.16×250×800/8=7.5M格式化容量=每道扇区数×扇区容量×总磁道数=16×512×800×4/1024/1024=25M 硬盘平均数据传输率公式：平均数据传输率=每道扇区数×扇区容量×盘片转速=16×512×7200/60=960kb/s 二．数据线和地址线的计算：例：如果是2K*4的芯片，2K是容量，由地址线决定，计算方法：2n=容量,n 就是地址线的位数，这里算出来是11位；4是一个存储单元的位数，也就是数据线的位数，所以这个芯片的地址线11位，数据线4位。
硬盘容量计算公式
硬盘容量计算公式
硬盘容量是指硬盘的总容量，它决定了我们能够在其上存储多少数据。
它的计算方法通常按照如下公式进行：
容量 = 硬盘容量 x 每个磁道的扇区数 x 每个扇区的字节数
这里，硬盘容量是指硬盘的总磁道数，每个磁道的扇区数是指每个磁道上的扇区数量，而每个扇区的字节数是指每个扇区可以存储的字节数。
例如，假设一块硬盘总共有1000个磁道，每个磁道有500个扇区，每个扇区可以存储512个字节，则我们可以用如下公式计算硬盘的容量：
容量 = 1000 x 500 x 512 = 256000000字节，也就是25.6GB
从上面的例子可以看出，硬盘容量的计算方法非常简单，只需要知道硬盘的总磁道数、每个磁道的扇区数和每个扇区的字节数即可。
同时，由于硬盘容量的计算方法非常简单，因此硬盘的容量也可以通过其他方式来计算，如根据硬盘的实际容量来计算，或者根据文件的大小来计算等。
这样，我们就可以更加准确地计算出硬盘的容量，从而更好地使用硬盘资源。
总之，硬盘容量的计算是一种非常简单的过程，我们只需要知道硬盘的总磁道数、每个磁道的扇区数和每个扇区的字节数，就可以按照上述公式计算出硬盘的容量。
第二部分 计算题知识点专题总结-四
第二部分计算题知识点专题总结专题1常用单位换算一、基本知识位( bit，比特) :计算机中表示信息的最小单位。
1bit简写为1b(注意是小写英文字母b)。
字节( Byte) :计算机中最基本的信息单位。
1Byte简写为1B(注意是大写英文字母B)。
需要掌握以下基本换算:1B =8b1KB =1024B =210B K-M-G-T(牢记相邻之间是1024的关系，1个1024就是210)1kb =1000b k-M-G-T(牢记相邻之间是1000的关系，1个1000就是103)二、练习题1.一个字节包含_______个二进制位。
2.微机中1K字节表示的二进制位数是____________。
3.表示存储器的容量时，MB的准确含义是_______。
A. 1米B. 1024K字节C. 1024字节D. 1000字节4.下列关于“1kb/s”准确的含义是_______。
A. 1000b/sB. 1000字节/sC. 1024/sD. 1024个字节/s5.计算机网络传输二进制信息时，速率单位换算正确的是。
A. 1Mb/s =103比特/秒B. 1Mb/s =106比特/秒C. 1Gb/s =106比特/秒D. 1Gb/s =1012比特/秒6.下列关于“1KB”准确的含义是_______。
A. 1000个二进制位B. 1000个字节C. 1024个字节D. 1024个二进制位7.传输速率为9600bps意味着每分钟最多可传送_______个ASCII码字符。
8.计算机外存储器的存储容量通常以GB为单位，1GB等于2的_______次幂个字节。
专题2总线带宽计算一、基本知识总线带宽:单位时间内总线上可传送的数据量(字节数)。
计算公式:总线带宽( MB/s) = (数据线宽度/8) ( B)×总线工作频率( MHz)二、练习题1. 1991年以后的计算机使用PCI总线，假如一台计算机的数据线宽度为64位，而总线工作频率为266MHz，另一台计算机数据线宽度为32位，总线工作频率为133MHz，则前者与后者的总线带宽比为_______________。
最新2020年中考化学专题三 ：技巧型计算
专题三技巧性计算专题类型突破类型一守恒法取已变质的氢氧化钠溶液100 g，向其中加入溶质质量分数为7.3%的稀盐酸100 g，恰好完全反应得到中性溶液。
则蒸干该溶液可得到的固体的质量为( )A．11.6 g B．10.4 g C．11.7 g D．9.6 g【解析】分析此题，已变质的氢氧化钠溶液中溶质是氢氧化钠和碳酸钠，需要分别写出两种物质与稀盐酸反应的化学方程式，根据Na2CO3＋2HCl=== 2NaCl＋H2O＋CO2↑和HCl＋NaOH=== NaCl ＋H2O，观察反应前后会得出氯元素的质量守恒，可得出HCl～NaCl，根据盐酸的溶质质量得出固体氯化钠的质量，设得到NaCl的质量为x，则有58.5 35.5＝x100 g×7.3%，得x＝11.7 g，则固体氯化钠的质量为11.7 g，故选C。
1．有一包Mg和MgO的混合物共12.8 g，与一定质量的稀硫酸恰好完全反应，所得溶液中溶质的质量为48 g，则原混合物中氧元素的质量为( )A．1.6 g B．2.4 g C．3.2 g D．9.6 g【解析】解答此题，需要分别写出两种物质分别与稀硫酸反应的化学方程式，根据Mg＋H2SO4=== MgSO4＋H2↑和MgO＋H2SO4=== MgSO4＋H2O，观察反应前后得出镁元素的质量守恒，可得出MgSO4中镁元素的质量等于Mg和MgO的混合物中镁元素的质量，即48 g×(24120×100%)＝9.6 g，则氧元素质量为12.8 g－9.6 g＝3.2 g，故选C。
2．(2019·原创题)有CO、CO2和N2的混合气体50 g，其中碳元素的质量分数为12%。
使混合气体与足量灼热的氧化铜完全反应，再将气体通入过量的澄清石灰水中，充分反应后得到的白色沉淀质量为( )A ．30 gB ．50 gC ．80 gD ．100 g【解析】 根据题中条件可以分析出碳元素守恒，因此原混合物中碳元素质量和白色沉淀碳酸钙中碳元素质量相等。
文件大小与占用空间大小不同的一点讨论
首先说明一下，文件的大小和其所占用的空间存在一定的差异是肯定的，这个现象起始的原因就是因为系统的文件和索引，为了方面系统更便捷的管理文件，操作系统使用文件系统对各种文件进行管理（文件系统就是我们经常说的FAT32和NTFS等），文件系统将硬盘分为很多个“簇”
2.分区格式与簇大小
在例2中，同一个文件在不同磁盘分区上所占的空间不一样大小，这是由于不同磁盘簇的大小不一样导致的。簇的大小主要由磁盘的分区格式和容量大小来决定，其对应关系如表1所示。
笔者的软盘采用FAT分区，容量1.44MB，簇大小为512 Byte(一个扇区)；C盘采用FAT 32分区，容量为4.87GB，簇大小为8KB；D盘采用FAT 32分区，容量为32.3GB，簇大小为32KB。计算文件所占空间时，可以用如下公式：
为了更好地管理磁盘空间和更高效地从硬盘读取数据，操作系统规定一个簇中只能放置一个文件的内容，因此文件所占用的空间，只能是簇的整数倍；而如果文件实际大小小于一簇，它也要占一簇的空间。所以，一般情况下文件所占空间要略大于文件的实际大小，只有在少数情况下，即文件的实际大小恰好是簇的整数倍时，文件的实际大小才会与所占空间完全一致。
簇数=取整(文件大小/簇大小)+1
所占空间=簇数×磁盘簇大小
公式中文件大小和簇大小应以Byte为单位，否则可能会产生误差。如果要以KB为单位，将字节数除以1024即可。利用上述的计算公式，可以计算ersave2.dat文件的实际占用空间。
3.轻松查看簇大小
①用Chkdsk查看簇大小
在Windows操作系统中，我们可以使用Chkdsk命令查看硬盘分区的簇大小。例如我们要在Windows XP下查看C盘的簇大小，可以单击“开始→运行”，键入“CMD”后回车，再键入“C:”后回车，然后输入“Chkdsk”后回车，稍候片刻从它的分析结果中，我们就可以得到C盘的簇大小，不过它把簇称之为“分配单元”或者“Allocation unit”。
期末复习专题三 计算题 21-22学年人教版八年级物理上册
酒精质量为 Δm 酒精＝m 水－m 酒精＝4 kg－3.2 kg＝0.8 kg
(3)在深度均为0.2 m的两种液体中，将质量为5 550 g
的钛合金块浸没在其中一种液体中，质量未知的铝
块浸没在另一种液体中后，均未有液体溢出，发现
(1)求A容器中水的质量m水．
解：(1)容器中水的体积 V 水＝Sh 水＝2×10－2 m2×0.2 m＝4×10－3 m3 A 容器中水的质量 m 水＝ρ 水 V 水 ＝1.0×103 kg/m3×4×10－3m3＝4 kg
(2)若要使酒精和水的质量相等，还需往B容器中倒入的
酒精质量为多少？
(2)由题意可知酒精的体积等于水的体积，为 4×10－3 m3 B 容器中酒精的质量为 m 酒精＝ρ 酒精 V 酒精＝0.8×103
(1)请你计算这只金牛雕像的密度．
解：(1)金牛雕像的密度 ρ＝mV ＝5622c4mg3 ＝12 g/cm3
(2)若这只金牛雕像由金和铜体积各占一半混制而成， 则它的密度应该是多少？请你通过计算来判断店主 说的话是否可信．
(2)按店主的说法，即
V 金＝V 铜＝12 ×52 cm3＝26 cm3 由 ρ＝mV 得 m 金＝ρ 金 V 金＝19.3 g/cm3×26 cm3＝501.8 g m 铜＝ρ 铜 V 铜＝8.9 g/cm3×26 cm3＝231.4 g 这只金牛雕像的密度 ρ′＝mV′ ＝501.85g2＋cm233 1.4 g ＝14.1 g/cm3＞12 g/cm3， 所以店主的话不可信．
V铝 V铜
＝3100
cm3 cm3
＝3∶1.
答：(1)未放两球前，水的质量为 270 g； (2)容器的质量为 30 g； (3)放入的铝球与铜球的体积比为 3∶1.
文件存储容量计算公式
文件存储容量计算公式
《文件存储容量计算公式》是用来计算存储空间的容量大小的公式。
它可以帮助用户计算出所需的存储空间大小，以便更好地管理文件。
《文件存储容量计算公式》的具体内容如下：存储容量=文件大小×文件数，文件大小和文件数都需要用户自己计算，然后根据公式计算出存储容量。
《文件存储容量计算公式》的应用范围很广，它可以用于计算硬盘、U盘、移动硬盘等存储设备的容量大小，也可以用于计算网络存储空间的容量大小。
《文件存储容量计算公式》的使用非常简单，只要按照公式步骤，计算出文件大小和文件数，就可以得到所需的存储容量。
它可以帮助用户更好地管理文件，节省存储空间，让文件存储更加便捷和高效。
工程软件数据存储容量估算方法
工程软件数据存储容量估算方法
➢合计数据存储量统计方法
实际使用存储量=( 单机数据库系统存储量*服务器数量+ 业务数据存储量*1.5 )
购买的磁盘需要制作RAID5，并需要在5个磁盘以内的准备1个磁盘做备用故障热切换，超出的每5个磁盘需有一个磁盘作为热切换磁盘。
实际需要购买磁盘存储量=实际使用存储量* 2
注意事项
（1）数据库软件不建议安装在虚拟机的环境下
（2）安装oracle数据库安装时采用的字符集是ZHS16GBK
（3）希望软件调试前完成数据库系统软件的安装，包括操作系统，磁盘阵列挂载，多路径软件安装，数据库管理软件的安装配置。
（4）对于有特殊需求的数据库系统将另行调研讨论相应方案。
关于硬盘容量的计算
关于硬盘容量的计算硬盘容量计算，很多工程商和销售人员都不是很清楚，我个人做监控行业4年多了，一直是做技术支持，接到诸如“我有个项目16个点要24小时录像5天需要多大的硬盘”，“我有个项目12个点要24小时录像15天需要多大的硬盘”？等等此问题已经N遍了，今天在此以我的经验列个小公式供大家计算使用，不足之处还请指点.1）MJPEGMJPEG （Motion JPEG）压缩技术标准源于JPEG图片压缩技术，是一种简单的帧内JPEG压缩，它对视频的每一帧进行压缩，压缩比率较小，数量大，通常每路每小时325X288分辨率录像需要硬盘空间1G左右。
2）小波算法小波算法是基于小波变换的视频压缩，该技术是使图像信号的时域分辨率和频域分辨率同时达到最高。
内核是采用行进中压缩和解压缩方式，视频中帧与帧之间没有相关性，以352X288录像，每路每小时一般为350M左右.以上2种算法基本已被MPEG-4或H.264算法代替，主要介绍下面的2种算法。
其实国内很纯粹的H.264算法是没有的，充其量只是MPEG-4算法的一些改进而已。
3）MPEG-4MPEG-4标准是面向对象的压缩方式，不是像MPEG-1和MPEG-2简单地将图像分为一些像块，而是根据图像内容，将其中的对象（物体、人物、背景）分离出来分别进行帧内、帧间编码压缩，并允许在不同的对象之间灵活分配码率，对重要的对象分配较多的字节，对次要的对象分配较少的字节，从而大大提高了压缩比，使其在较低的码率下获得较好的效果。
MPEG-4的传输速率为4.8~64kbit/s，使用时占用的存储空间比较小，以352X288录像，每路每小时一般为120M左右.以D1： 720*576录像，每路每小时一般为396M左右.4) H.264这种压缩模式和MPEG-4基本一致，所以计算的时候大家可以按照MPEG-4的容量进行计算。
计算方法：其容量计算公式G=H*N*T*X/1024其中G就是最后算出的硬盘的容量H代表每天要录像几个小时T代表想录像的天数X代表上面的4种压缩模式举例说明，某小区用MPEG-4算法的来做监控，主机12路，要求24小时录像15天，需要多大的硬盘容量？根据公式我们的到H=24,N=12，X=396M ，T=15最后得到G=24*12*396*15/1024=1559.25G这样就是最后硬盘的容量大小了。
磁盘容量及分辨率的计算
在满足数据传输速度的同时，也需要 考虑分辨率的需求。如果需要在高分 辨率下进行数据处理，则需要选择能 够满足高分辨率需求的磁盘。
05
相关概念和术语
位深度
位深度（Bit Depth）：也称为色深，表示每个像素使用的位数，通常用于描述数字图像的颜色精度。常见的位深度 有8位、16位、24位等。
04
实际应用中的考虑因素
Hale Waihona Puke 文件大小与分辨率的选择文件大小
根据实际需要存储的文件大小，选择 合适的磁盘容量。如果需要存储大量 高清视频或大型软件，则需要选择大 容量的磁盘。
分辨率
根据输出需求选择合适的分辨率。如 果需要输出高清晰度的视频或图片， 则需要选择高分辨率的磁盘。
存储介质与分辨率的匹配
存储介质
考虑文件系统开销
总结词
文件系统开销是指为了管理和组织数据而在磁盘上保留的空间。计算磁盘容量时需要考虑到这部分开 销。
详细描述
文件系统如FAT32、NTFS等在磁盘上会保留一定空间用于记录文件元数据、索引等信息。这部分空间 并不会直接用于存储用户数据，但在计算磁盘容量时需要将其纳入考虑，以确保准确评估磁盘的实际 可用空间。
扫描分辨率取决于扫描仪的 扫描技术和感光元件的精度 。
03
磁盘与分辨率的关系
磁盘容量与分辨率的关系
01
磁盘容量越大，可存储的数据量越多，能够支持的分辨率越高。
02
高分辨率图像和视频需要更大的磁盘容量来存储。
随着技术的进步，磁盘容量不断增大，支持的分辨率也越来越
03
高。
磁盘类型与分辨率的关系
不同类型的磁盘（如HDD、 SSD等）在读写速度和容量上 存在差异，从而影响支持的分 辨率。
软盘容量计算公式
软盘容量计算公式
软盘容量计算公式是计算软盘存储容量的一种方法。
在计算软盘容量时，需要考虑软盘的磁道数、扇区数、每个扇区的字节数以及软盘的格式化方式等因素。
具体的计算公式为：软盘容量=磁头数×磁道数×每个磁道的扇区数×每个扇区的字节数。
以3.5英寸软盘为例，它通常有两个磁头，80个磁道，每个磁道有18个扇区，每个扇区有512个字节。
因此，这种软盘的容量可以计算为：2×80×18×512=1.44MB。
需要注意的是，软盘的格式化方式也会影响其存储容量。
例如，FAT12格式的软盘每个扇区只能存储512个字节，而FAT16格式的软盘每个扇区可以存储更多的字节。
因此，在计算软盘容量时，需要考虑软盘的格式化方式。
软盘容量计算公式是一种简单而实用的计算方法，可以帮助我们快速准确地计算软盘的存储容量。
视频存储容量的计算
视频存储总容量的计算
视频存储容量的计算公式如下：
容量 = 码流/8 ×视频路数×监控天数× 24小时× 3600秒注：码流是以Mbps或Kbps为单位，码流除以8是把码流从bit转换为byte，结果相应的是MB或KB。
按计算公式，以一个中小规模的例子计算：
500路监控路数，2Mbps D1格式，数据存储30天，需要的存储容量：2Mbps/8 × 500路× 30天× 24小时× 3600秒/1024/1024 ≈300TB
存储空间单位换算：1TB = 1024GB = 1024 × 1024MB = 1024 × 1024 × 1024KB = 1,073,741,824Byte
硬盘容量单位换算：1TB = 1000GB = 1000 × 1000MB = 1000 × 1000 × 1000KB = 1,000,000,000Byte
基本的算法是：【码率】(kbps)=【文件大小(字节)】X8/【时间(秒)】/1024
码流（Data Rate）是指视频文件在单位时间内使用的数据流量，也叫码率，是他是视频编码中画面质量控制中最重要的部分。
同样分辨率下，视频文件的码流越大，压缩比就越小，画面质量就越高。
所以应该是一样的,只是称谓不同。
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文件容量的计算
【图像容量计算】
未经压缩的BMP图像存储容量：
存储容量 = 水平像素数×垂直像素数×每像素的编码位数/8（单位：字节）
例题：
1. 一幅未经压缩1024×768像素的24位色BMP图像，其文件存储容量约为
（A）2.25KB （B）18KB （C）2.25MB （D）18MB
2. 图像文件“校园.bmp”的属性窗口如图所示：
该图像的存储容量约为
（A）10MB （B）4.5MB （C）18MB （D）2.25MB
3. 在保持纵横比的情况下，将一幅1024×768像素图像的宽度调整为50%，其他参数均不变，则图像存储容量约为原图像的
（A）1/4 （B）1/3 （C）1/2 （D）1/5
4. 下列4幅图均为220×120像素、24位色的BMP图像，其存储容量依次为a、b、c、d。
图1 图2 图3 图4
下列说法正确的是
（A）d最大 （B）a较小
（C）c比b小 （D）a、b、c、d一样大
5. 某未经压缩BMP图像文件的参数如下图所示：
则下列叙述正确的是
（A）图像的分辨率为每英寸800×600像素 （B）该图像文件包含24帧的图像序列
（C）图像的尺寸大小为71×71像素 （D）存储每个像素大约需要3个字节
6. 两幅尺寸相同未经压缩的BMP 图像，若存储容量分别为352KB 和119KB，则这两幅图像的颜色数可能为
（A）24位色和16位色 （B）24位色和8位色
（C）16位色和8位色 （D）16色和2色
7. 一幅未经压缩的600×400像素、256色BMP 图像的存储容量约为
【声音容量计算】
未经压缩的WAV 文件存储容量：
存储容量 = 采样频率（Hz）×量化位数×声道数×时间（s）/8（单位：字节） 例题：
1. 用GoldWave 软件录制一段时长20秒、单声道、Wave 格式的音频，若采样频率为22050Hz，量化位数为8位，则该音频的存储容量约为
2. 在GoldWave 软件中录制了一段10分钟的Wave
格式音频，状态信息如图所示：
该音频的存储容量约为
（A）6.72MB （B）50.5MB （C）100.9MB
（D）168MB
3. 用GoldWave
软件编辑某作品片头音乐，界面如图所示：
从图中可以看出，该音频
（A）是MP3格式 （B）包含2个声道
（C）采样频率是22050Hz （D）时长299秒
4. 将某播放时长为20秒的音频文件进行如下操作：
（A）234.4KB （B）234.4MB （C）1MB （D）1KB
（A）861MB （B）861KB （C）430.7KB （D）430.7MB
①增加前10秒音频音量2Db
②将右声道设置为静音
③保存处理后的音频文件
则处理后的音频文件与原文件的存储容量之比约为
（A）1 : 1 （B）1 : 2 （C）1 : 3 （D）3 : 4
5. 经过压缩与未经压缩音频文件存储容量计算方法比较：
未经压缩：
经过压缩的MP3格式：
以上两个音频文件容量的计算：
【方法一】存储容量 = 采样频率（Hz）×量化位数×声道数×时间（s）/8（单位：字节）未经压缩：44100×16×2×60×10/8（字节）
经过压缩：无法用此方法计算。
【方法二】存储容量 = 信息流速（kbps）×时间（s）/8（单位：字节）
未经压缩：1411×1000×10×60/8（字节）
经过压缩：128×1000×34.168/8（字节）。
【视频容量计算】
未经压缩的视频文件存储容量：
存储容量 = 每帧图像存储容量（字节）×帧频×播放时间（单位：字节）
例题：
1．将帧频为12fps、帧数为480的Flash动画作品导出为声音禁用且不采用压缩格式的AVI 视频文件，其参数为320×280像素、16位色，则该视频文件的存储容量约为
（A）6.83 MB （B）58.60 MB （C）82.03 MB （D）656.25MB。