高考物理电磁学知识点之电磁感应易错题汇编附答案解析
高考物理电磁学知识点之电磁感应易错题汇编附答案解析
一、选择题
1．在水平桌面上，一个圆形金属框置于匀强磁场中，线框平面与磁场垂直，磁感应强度
B1随时间t的变化关系如图甲所示，0～1 s内磁场方向垂直线框平面向下，圆形金属框与两根水平的平行金属导轨相连接，导轨上放置一根导体棒，且与导轨接触良好，导体棒处于另一匀强磁场B2中，如图乙所示，导体棒始终保持静止，则其所受的摩擦力F f随时间变化的图像是下图中的(设向右的方向为摩擦力的正方向) ( )
A．B．
C．D．
2．如图所示，A和B是电阻为R的电灯，L是自感系数较大的线圈，当S1闭合、S2断开且电路稳定时，A、B亮度相同，再闭合S2，待电路稳定后将S1断开，下列说法中，正确的是（）
A．B灯逐渐熄灭
B．A灯将比原来更亮一些后再熄灭
C．有电流通过B灯，方向为c→d
D．有电流通过A灯，方向为b→a
3．如图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从如图所示的位置匀速拉出匀强磁场．若第一次用0.3 s时间拉出，外力所做的功为W1，通过导线截面的电荷量为q1；第二次用0.9 s时间拉出，外力所做的功为W2，通过导线截面的电荷量为q2，则( )
A．W1
A．ab稳定状态时的速率v=0.4m/s
B．ab稳定状态时的速率v=0.6m/s
C．滑动变阻器接入电路部分的阻值R2=4.0Ω
D．滑动变阻器接入电路部分的阻值R2=6.0Ω
5．如图所示为地磁场磁感线的示意图，在北半球地磁场的竖直分量向下。一飞机在北半球的上空以速度v水平飞行，飞机机身长为a，翼展为b；该空间地磁场磁感应强度的水平分量为B1，竖直分量为B2；驾驶员左侧机翼的端点用A表示，右侧机翼的端点用B表示，用E表示飞机产生的感应电动势，则
A．E=B2vb，且A点电势高于B点电势
B．E=B1vb，且A点电势高于B点电势
C．E=B2vb，且A点电势低于B点电势
D．E=B1vb，且A点电势低于B点电势
6．如图所示，铁芯P上绕着两个线圈A和B， B与水平光滑导轨相连，导体棒放在水平导轨上。A中通入电流i（俯视线圈A，顺时针电流为正），观察到导体棒向右加速运动，则A中通入的电流可能是（）
A ．
B ．
C ．
D ．
7．如图所示，两块水平放置的金属板间距离为d ，用导线与一个n 匝线圈连接，线圈置于方向竖直向上的磁场B 中。两板间有一个质量为m 、电荷量为+q 的油滴恰好处于平衡状态，则线圈中的磁场B 的变化情况和磁通量变化率分别是（ ）
A ．正在增强；
t
φ??dmg
q = B ．正在减弱；dmg t nq φ?=? C ．正在减弱；dmg t q φ?=? D ．正在增强；dmg t nq
φ?=? 8．如图所示，将直径为d ，电阻为R 的闭合金属环从匀强磁场B 中拉出，这一过程中通过金属环某一截面的电荷量为（ ）
A ．2
4B d R π
B ．2Bd R π
C ．2Bd R
D ．2Bd R
π
9．物理课上老师做了这样一个实验，将一平整且厚度均匀的铜板固定在绝缘支架上，将一质量为m 的永磁体放置在铜板的上端，t =0时刻给永磁体一沿斜面向下的瞬时冲量，永磁体将沿斜面向下运动，如图甲所示。若永磁体下滑过程中所受的摩擦力f 大小不变，且sin f mg θ<（式中θ为铜板与水平面的夹角）。取地面为重力势能的零势面。则图乙中关
于永磁体下滑过程中速率v、动能E k、重力势能E p、机械能E随时间t变化的图像一定错．误．的是
A．
B．
C．
D．
10．如图所示,闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁,磁铁的N极朝下．当磁铁向下运动时(但未插入线圈内部)()
A．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同,磁铁与线圈相互吸引
B．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反,磁铁与线圈相互排斥
C．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反,磁铁与线圈相互吸引
D．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同,磁铁与线圈相互排斥
11．穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加2Wb，则（）
A．线圈中感应电动势每秒增加2V
B．线圈中感应电动势始终为2V
C．线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于2V
D．线圈中感应电动势每秒减少2V
12．如图所示，P、Q是两个完全相同的灯泡，L是自感系数很大、电阻可不计的线圈。闭合开关K，一段时间后电路中的电流稳定，下列说法正确的是（）
A．P灯不亮，Q灯亮
B．P灯与Q灯亮度相同
C．断开开关K时，P立即熄灭，Q慢慢熄灭
D．断开开关K时，P突然变亮且保持亮度不变，Q立即熄灭
13．在图中，EF、GH为平行的金属导轨，其电阻不计，R为电阻，C为电容器，AB为可在EF和GH上滑动的导体横杆．有匀强磁场垂直于导轨平面．若用I1和I2分别表示图中该处导线中的电流，则当横杆AB( )
A．匀速滑动时，I1＝0，I2＝0 B．匀速滑动时，I1≠0，I2≠0
C．加速滑动时，I1＝0，I2＝0 D．加速滑动时，I1≠0，I2≠0
14．如图所示，弹簧上端固定，下端悬挂一个磁铁。如果在磁铁的下端的水平桌面上放一个固定的闭合线圈，并使磁极上下振动。磁铁在向下运动的过程中，下列说法正确的
A．线圈给它的磁场力始终向上
B．线圈给它的磁场力先向上再向下
C ．线圈给它的磁场力始终向下
D ．线圈给它的磁场力先向下再向上
15．如图所示的电路中，1A 和2A 是完全相同的两只灯泡，线圈L 的电阻可以忽略，下面说法中正确的是
A ．合上开关S 接通电路时，1A 和2A 同时亮
B ．合上开关S 接通电路时，2A 先亮，1A 后亮
C ．断开开关S 切断电路时，2A 先灭，1A 后灭
D ．断开开关S 切断电路时，1A 先灭，2A 后灭
16．如图所示的电路中，A 1和A 2是完全相同的灯泡，线圈L 的电阻可以忽略。下列说法中正确的是（ ）
A ．合上开关K 瞬间，A 1、A 2同时亮
B ．合上开关K 瞬间，A 2立刻亮，A 1逐渐变亮
C ．合上开关K 一段时间后，再断开开关K 时，A 2立刻熄灭，A 1逐渐熄灭
D ．合上开关K 一段时间后，再断开开关K 时，A 1和A 2都立刻熄灭
17．有两个匀强磁场区域，宽度都为L ，磁感应强度大小都是B ，方向如图所示，单匝正方形闭合线框由均匀导线制成，边长为L 导线框从左向右匀速穿过与线框平面垂直的两个匀强磁场区．规定线框中感应电流逆时针方向为正方向．则线框从位置I 运动到位置II 的过程中，图所示的感应电流i 随时间t 变化的图线中正确的是（ ）
A．B．
C．D．
18．如图所示，一个闭合导体圆环固定在水平桌面上，一根条形磁铁沿圆环的轴线运动，使圆环内产生了感应电流．下列四幅图中，产生的感应电流方向与条形磁铁的运动情况相吻合的是（）
A．B．C．D．
19．如图所示，一个有弹性的闭合金属圆环被一根橡皮绳吊于通电直导线的正下方，直导线与圆环在同一竖直面内，当通电直导线中电流增大时，弹性圆环的面积S和橡皮绳的长度l将( )
A．S增大，l变长
B．S减小，l变短
C．S增大，l变短
D．S减小，l变长
20．如图所示，竖直放置的矩形导线框MNPQ边长分别为L和2L，M、N间连接水平的平行板电容器，两极板间距为d，虚线为线框中轴线，虚线右侧有垂直线框平面向里的匀强磁场。两极板间有一质量为m、电荷量为q的带负电油滴恰好处于平衡状态，已知重力加速度为g，则下列磁场磁感应强度大小B的变化情况及其变化率分别是（）
A ．正在减小，2ΔΔ2
B mgd
t qL = B ．正在减小，2
ΔΔB mgd
t qL = C ．正在增强，2ΔΔ2B mgd t qL = D ．正在增强，
2
ΔΔB mgd
t qL = 21．如图甲所示，正三角形导线框abc 固定在磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度B 随时间变化的关系如图乙所示．t =0时刻磁场方向垂直纸面向里，在0～4s 时间内，线框ab 边所受安培力F 随时间t 变化的关系（规定水平向左为力的正方向）可能是下图中的（ ）
A ．
B ．
C ．
D ．
22．如图所示，区域Ⅰ、Ⅲ均为匀强磁场，磁感强度大小都为B =5T ，方向如图。两磁场中间有宽为S =0.1m 的无磁场区Ⅱ。有一边长为L =0.3m 、电阻为R =10Ω的正方形金属框abcd 置于区域Ⅰ，ab 边与磁场边界平行。现拉着金属框以v =2m/s 的速度向右匀速移动，从区域Ⅰ完全进入区域Ⅲ，则此过程中下列说法正确的是（ ）
A ．金属框中的最大电流为0.3A
B ．金属框受到的最大拉力为0.9N
C ．拉力的最大功率为3.6W
D ．拉力做的总功为0.18J
23．如图所示，正方形线框abcd 的边长为l ，向右通过宽为L 的匀强磁场，且l 线框通过磁场的过程中，线框中的感应电流 ( ) A ．一直为顺时针方向 B ．一直为逆时针方向 C ．先为逆时针方向，中间无感应电流，后为顺时针方向 D ．先为顺时针方向，中间无感应电流，后为逆时针方向 24．如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内长直导线中的电流i 随时间t 的 变化关系如图乙所示．在0~ 2 T 时间内直导线中电流向上，则在~2T T 时间内线框中感应 电流的方向与所受安培力情况是（ ） A ．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左 B ．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右 C ．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右 D ．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左 25．如图所示，在垂直纸面向里、范围足够大的匀强磁场中，放置一个金属圆环，圆环平面与磁场方向垂直，若要使圆环中产生如图中箭头所示方向的瞬时感应电流，下列方法可行的是 A ．使匀强磁场均匀增强 B ．使匀强磁场均匀减弱 C ．使圆环向左或向右平动 D ．使圆环向上或向下平动 【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除 一、选择题 1．A 解析：A 【解析】 【详解】 根据题意可得：在0~1s内磁场方向垂直线框平面向下，且大小变大，则由楞次定律可得线圈感应电流的方向是逆时针，再由左手定则可得导体棒安培力方向水平向左，所以静摩擦力的方向是水平向右，即为正方向；而在0~1s内磁场方向垂直线框平面向下，且大小变大，则由法拉第电磁感应定律可得线圈感应电流的大小是恒定的，即导体棒的电流大小是不变的；再由： F BIL 可得安培力大小随着磁场变化而变化，因为磁场是不变的，则安培力大小不变，所以静摩擦力的大小也是不变的。故A正确，BCD错误。 故选A。 2．D 解析：D 【解析】 【分析】 考查断电自感。 【详解】 A．电路稳定后将S1断开，线圈L通过开关S2与灯泡A构成回路，灯泡B无自感电流通过，灯泡B直接熄灭，A错误； B．断开前AB亮度相同，则线圈电阻阻值与电阻R阻值相同，通过线圈的电流与通过灯泡A的电流相同，将S1断开，灯泡A中电流变成通过线圈电流，大小没有变，所以不会比原来更亮，B错误； C．电路稳定后将S1断开，线圈L通过开关S2与灯泡A构成回路，灯泡B无自感电流通过，C错误； D．有电流通过A灯，方向为b→a，D正确。 故选D。 3．C 解析：C 【解析】 【详解】 第一次用0.3s时间拉出，第二次用0.9s时间拉出，两次速度比为3:1，由E=BLv，两次感应电动势比为3:1，两次感应电流比为3:1，由于F安=BIL，两次安培力比为3:1，由于匀速拉出匀强磁场，所以外力比为3:1，根据功的定义W=Fx，所以： W1:W2=3:1； 根据电量q I t =?，感应电流E I R = ，感应电动势E t φ?=?，得： q R φ?= 所以： q 1:q 2=1:1， 故W 1＞W 2，q 1=q 2。 A. W 1 B. W 1 C. W 1>W 2，q 1＝q 2。故C 正确； D. W 1>W 2，q 1>q 2。故D 错误； 4．D 解析：D 【解析】 【分析】 【详解】 AB ．当杆以稳定的速度下降的过程中，由能量守恒定律得 mgv=P 可得 0.27m/s 4.5m/s 0.06 P v mg ＝ ＝＝ 故AB 错误； CD ．杆ab 达到稳定状态产生的感应电动势为 E=Blv =0.5×0.4×0.45V=0.09V 由P=IE 得 0.27 A 3A 0.09 P I E = ＝＝ 设电阻R 1与R 2的并联电阻为R 外，ab 棒的电阻为r ，有 12 12 R R R R R = +外 E I R r = +外 代入数据得 R 2=6.0Ω 故C 错误，D 正确。 故选D 。 5．A 解析：A 【解析】 【详解】 飞机水平飞行机翼切割磁场竖直分量，由导体棒切割磁感线公式E BLv =可知，飞机产生的感应电动势 2E B bv = 由右手定则可知，在北半球，不论沿何方向水平飞行，都是飞机的左方机翼电势高，右方机翼电势低 A. E =B 2vb ，且A 点电势高于B 点电势与分析相符，故A 项与题意相符； B. E =B 1vb ，且A 点电势高于B 点电势与分析不相符，故B 项与题意不相符； C. E =B 2vb ，且A 点电势低于B 点电势与分析不相符，故C 项与题意不相符； D. E =B 1vb ，且A 点电势低于B 点电势与分析不相符，故D 项与题意不相符 6．C 解析：C 【解析】 【分析】 【详解】 C ．导体棒向右加速运动，说明导体棒受到水平向右安培力，根据左手定则可知电流的方向为顺时针方向，线圈B 的磁场增大，根据楞次定理可知线圈A 的磁场应减小，故线圈A 中通入的电流需要顺时针方向减小或逆时针方向增大，故AB D 错误，C 正确。 故选C 。 7．B 解析：B 【解析】 【详解】 电荷量为q 的带正电的油滴恰好处于静止状态，电场力竖直向上，则电容器的下极板带正电，所以线圈下端相当于电源的正极，由题意可知电流产生的磁场方向和原磁场方向相同，根据楞次定律，可得穿过线圈的磁通量在均匀减弱。线框产生的感应电动势为 E n t ??=? 油滴所受电场力为 F E q =场 电场的强度为 = E E d 场 对油滴，根据平衡条件得 E q mg d = 所以解得，线圈中的磁通量变化率的大小为 dmg t n ??=? 故B 正确，ACD 错误。 故选B 。 8．A 解析：A 【解析】 【分析】 【详解】 金属环的面积： 2 224 d d S ππ== （） 由法拉第电磁感应定律得： BS E t t Φ= = 由欧姆定律得，感应电流： E I R = 感应电荷量： q =I △t ， 解得： 2 4B d q R R πΦ== 故A 正确，BCD 错误； 故选A ． 【点睛】 本题考查了求磁通量的变化量、感应电荷量等问题，应用磁通量的定义式、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、电流定义式即可正确解题，求感应电荷量时，也可以直接用公式 q R ?Φ = 计算． 9．C 解析：C 【解析】 【详解】 A ．小磁铁下滑时由于涡流的产生会有阻尼作用，且随速度的增大而增大，所受的摩擦阻力不变，且由sin mg f f ma θ--=阻尼 可知，随着小磁铁的加速下滑，阻尼作用增大，则加速度逐渐减小，v-t 线的斜率减小，选项A 正确，不符合题意； B ．若开始下落时小磁铁满足sin 0mg f f θ--=阻尼，则小磁铁匀速下滑，此时动能不 变，选项B 正确，不符合题意； C ．小磁铁下滑时重力势能逐渐减小，但是不会趋近与某一定值，选项C 错误，符合题意； D ．小磁铁下滑过程中，由于有电能产生，则机械能逐渐减小，选项D 正确；不符合题意；故选C. 10．D 解析：D 【解析】 【详解】 当磁铁N 极朝下，向下运动时，穿过线圈的磁通量向下，且增大，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍磁通量的增加，方向向上，则线圈中的电流方向与箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥．故ABC 错误，D 正确； 故选D 11．B 解析：B 【解析】 【分析】 【详解】 ABD ．磁通量始终保持每秒钟均匀地增加2Wb ，则 2Wb 2V 1s t ?Φ==? 根据法拉第电磁感应定律 2V E N t ?Φ ==? 可知E =2V 保持不变，故B 正确，AD 错误； C ．线圈中产生的感应电动势的大小与线圈的电阻无关，故C 错误； 故选B 。 12．A 解析：A 【解析】 【分析】 【详解】 AB ．当开关K 闭合瞬间，两灯同时获得电压，同时发光，随着线圈L 电流的增加，逐渐将P 灯短路，P 逐渐变暗直到熄灭，同时，Q 电流逐渐增大，变得更亮，故A 正确，B 错误； CD ．当开关K 断开瞬间，Q 中电流消失，故立即熄灭，而P 中由于电感产生了一个与电流同向的自感电动势，故右端为正，电流由灯泡P 的右侧流入，故P 亮一下逐渐熄灭，故CD 错误。 故选A 。 13．D 解析：D 【解析】 【分析】 【详解】 AB．电容器在电路中与等效电源并联，两端电压为AB端感应电动势，所以当导体棒匀速 滑动时，电容器两端电压不变 20 I=，电阻R中电流不为零，AB错误； CD．加速滑动时，电容器两端电压随导体棒速度的增大而增加，所以电容器一直在充电，充电电流不为零，通过电阻的电流也不为零，C错误D正确； 故选D。 14．A 解析：A 【解析】 【分析】 利用楞次定律的相对运动角度分析“来拒去留”，即可一一判定求解。 【详解】 根据楞次定律的“来拒去留”，则当磁铁在向下运动的过程中，线圈产生感应电流，形成感应磁场，从而阻碍磁铁的向下运动，则线圈给它的磁场力始终向上，故A正确，BCD错误；故选A。 【点睛】 本题巧妙的考查了楞次定律的应用，只要记住“来拒去留”，同时理解“增反减同”这一规律，此类题目难度不大。 15．B 解析：B 【解析】 AB、合上开关S接通电路时，两支路电流增加，所以灯泡A2马上亮起来，而在A1支路中线圈L上会产生自感电动势，阻碍电流的增加，所以使得电灯1A慢慢亮起来，故B正确，A错误； CD、当断开开关S切断电路时，电路中的电流减小，所以支路 2 A中的电流立即消失，但是在1A支路由于L中的自感电动势阻碍电流的减少，此电流会在1A→L→2A中重新形成回路，所以会使得1A2A两灯慢慢的一起熄灭，故CD错误； 故选B． 16．B 解析：B 【解析】 【分析】 【详解】 AB．合上开关K瞬间，由于电感线圈会阻碍电流的增大，所以A1支路电流缓慢增大，A1 逐渐变亮，A 2支路由于只有灯泡，所以A 2立刻亮，故A 错误，B 正确； CD ．合上开关K 一段时间后，再断开开关K 时，电感线圈会阻碍电流的减小，产生与原电流方向相同的感应电流，而此时开关断开，所以A 1、A 2组成闭合回路，两灯泡都是逐渐熄灭，故CD 错误。 故选B 。 17．C 解析：C 【解析】 【分析】 【详解】 在0 L v 阶段，感应电流的大小1BLv I R =，方向为逆时针方向；在2L L v v 阶段，感应电流的大小22BLv I R = ，方向为顺时针方向；在23L L v v 阶段，感应电流的大小3BLv I R = ，方向为逆时针方向。故C 项正确，ABD 三项错误。 18．D 解析：D 【解析】 【详解】 A ．由图示可知，在磁铁S 极上升过程中，穿过圆环的磁场方向向上，在磁铁远离圆环时，穿过圆环的磁通量变小，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流沿逆时针方向，故A 错误； B ．由图示可知，在磁铁S 极下落过程中，穿过圆环的磁场方向向下，在磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量变大，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流顺时针方向，故B 错误； C ．同时，在磁铁N 极上升过程中，穿过圆环的磁场方向向上，在磁铁远离圆环时，穿过圆环的磁通量变大，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流沿顺时针方向，故C 错误； D ．由图示可知，在磁铁N 极下落过程中，穿过圆环的磁场方向向下，在磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量变大，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流逆时针方向，故D 正确。 故选D 。 19．D 解析：D 【解析】 当通电直导线中电流增大时，穿过金属圆环的磁通量增大，金属圆环中产生感应电流，根据楞次定律，感应电流要阻碍磁通量的增大：一是用缩小面积的方式进行阻碍；二是用远离直导线的方法进行阻碍，故D 正确． 20．D 解析：D 【解析】 【分析】 【详解】 ABCD ．电荷量为q 的带负电的油滴恰好处于静止状态，电场力竖直向上，则电场强度方向竖直向下，所以电容器的上极板带正电，线框上端相当于电源的正极，感应电动势逆时针方向，感应电流的磁场方向和原磁场方向相反，根据楞次定律可知，穿过线框的磁通量在均匀增强，线框产生的感应电动势 2 ΔΔΔΔMN B B E U S L t t == = 油滴所受电场力与重力大小相等，则 MN U q mg d = 联立以上两式得，线圈中的磁通量变化率的大小为 2 ΔΔB mgd t qL = 故D 正确，ABC 错误。 故选D 。 21．A 解析：A 【解析】 【分析】 【详解】 CD ．0-1s ，感应电动势为 10B E S SB t == 为定值；感应电流 11SB E I r r = ＝ 为定值；安培力 F =BI 1L ∝B 由于B 逐渐减小到零，故安培力逐渐减小到零，故CD 均错误； AB ．3s-4s 内，感应电动势为 20B E S SB t == 为定值；感应电流 22 SB E I r r ＝= 为定值；安培力 F =BI 2L ∝B 由于B 逐渐减小到零，故安培力逐渐减小到零；由于B 逐渐减小到零，故通过线圈的磁通量减小，根据楞次定律，感应电流要阻碍磁通量减小，有扩张趋势，故安培力向外，即ab 边所受安培力向左，为正，故A 正确，B 错误； 故选A 。 22．C 解析：C 【解析】 【分析】 【详解】 A ．线框两边分别在Ⅰ、Ⅲ时感应电动势最大，根据法拉第电磁感应定律有 E =2BLv =2×5×0.3×2 V =6V 则最大感应电流为 6 A 0.6A 10 I E R = == 故A 错误； B ．线框两边分别在Ⅰ、Ⅲ时线框受到的安培力最大，则有 F 安=2BIL =2×5×0.6×0.3N =1.8N 线框匀速运动，处于平衡状态，由平衡条件得 F =F 安=1.8N 故B 错误； C ．拉力的最大功率 P =Fv =1.8×2W=3.6W 故C 正确； D ．拉力的功有 ()22 F F W s F L s s = +-+ 代入数据解得W = 0.54J ，故D 错误。 故选C 。 23．C 解析：C 【解析】 试题分析：当线圈刚进入磁场时，由于穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可得此时的感应电流方向为逆时针方向，当线圈完全进入磁场后到刚要穿出磁场的过程中，由于穿过线圈的磁通量不变，所以没有感应电流产生，当线圈穿出磁场过程中，穿过磁场的磁通量减小，根据楞次定律可得此时的感应电流方向为顺时针方向，故C 正确 考点： 考查了楞次定律的简单应用 24．C 解析：C 【解析】 【详解】 BD ．在0~ 2 T 时间内，直导线中的电流向上，由乙可知在2T ～T 时间内直线电流方向向 下，根据安培定则知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐增大则磁场逐渐增强，根据楞次定律，金属线框中产生顺时针方向的感应电流；故B 项不合题意，D 项不合题意． AC ．根据左手定则，知金属框左边受到的安培力方向水平向右，右边受到的安培力水平向左．离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力所以金属框所受安培力的合力水平向右，故A 项不合题意，C 项符合题意． 25．A 解析：A 【解析】 【分析】 穿过线圈的磁通量变化则会产生感应电流，且感应电流的方向可以根据楞次定律来判断． 【详解】 AB 、根据题目要是线圈中产生逆时针的电流根据楞次定律可知应该使原磁场增大，故A 对；B 错； CD 、圆环向左或向右平动以及向上或向下平动时，穿过线圈中的磁通量没有发生变化，故不会产生感应电流，故CD 错误； 故选A 【点睛】 产生感应电流的必备条件：穿过闭合线圈的磁通量发生变化，可以根据这个来判断本题的选项．