2020年高二物理周末定时训练
2020年09月11日-9月13号 高中物理周末作业
2020年09月11日-9月13号高中物理周末作业学校：__________姓名：__________班级：__________考号：__________一、单选题（共10小题）1.如图所示，甲、乙两同学同时从P点出发，分别沿不同的路径1和2同时抵达Q点．设甲同学在全过程中的位移为x1，平均速度为v1，乙同学在全过程中的位移为x2，平均速度为v2，则( )A. x1＞x2，v1＞v2B. x1＞x2，v1＜v2C. x1＝x2，v1＝v2D. x1＜x2，v1＜v22.为了使公路交通有序、安全，路旁立了许多交通标志．如图所示，甲图是限速标志(白底、红圈、黑字)，表示允许行驶的最大速度是80 km/h；乙图是路线指示标志，表示到亭湖高中还有1 000 m．上述两个数据的物理意义是( )A.80 km/h是平均速度，1 000 m是位移B.B. 80 km/h是平均速度，1 000 m是路程C.80 km/h是瞬时速度，1 000 m是路程D.D. 80 km/h是瞬时速度，1 000 m是位移3.下列关于质点的说法正确的是( )A. 质点就是质量很小的物体B. 质点就是体积很小的物体C. 体积大的物体一定不能看成质点D. 如果物体的大小和形状对所研究的问题是无关紧要的因素时，即可把物体看成质点4.如图所示是某辆汽车的速度表．汽车启动后经过15 s，速度表的指针指在如图所示的位置．由图可知( )A. 此时汽车的瞬时速度大小是70 m/sB. 此时汽车的瞬时速度大小是70 km/hC. 启动后15 s内汽车的平均速度是70 m/sD. 启动后15 s内汽车的平均速度是70 km/h5.如图所示，某人站在楼房顶层从O点竖直向上抛出一个小球，小球上升的最大高度为20 m，然后落回到抛出点O下方25 m处的B点，则小球在这一运动过程中通过的路程和位移分别为(规定竖直向上为正方向)( )A.25 m、25 mB.B. 65 m、25 mC.C. 25 m、－25 mD.D. 65 m、－25 m6.短跑运动员在100 m的比赛中，测得他在5 s末的速度大小为是8.7 m/s，10 s末到达终点时的速度大小为10.3 m/s，此运动员在这100 m中的平均速度是( )A. 10 m/sB. 9.5 m/sC. 9 m/sD. 10.3 m/s7.下列关于速度的说法正确的是( )A. 速度是描述物体运动快慢的物理量，速度大表示物体运动得快B. 速度是描述物体的位置变化快慢的物理量，速度大表示物体位置变化大C. 速度越大，位置变化越快，位移也就越大D. 由v＝s可知，位移越大则速度越大t8.下列关于速度的说法正确的是( )A. 由v＝Δx可知，v与Δx成正比，与Δt成反比ΔtB. 速度大小不变的运动是匀速直线运动C. 因为2＞－3，所以2 m/s＞－3 m/sD. 速度的方向与物体运动的方向一致9.如图所示在某段高速公路上，分别有甲、乙两块标志牌，标志牌上面数字的意思分别是( )A. 甲是指位移，乙是平均速度B. 甲是指路程，乙是平均速度C. 甲是指路程，乙是瞬时速度D. 甲是指位移，乙是瞬时速度10.三个质点A、B、C的运动轨迹如图所示，三个质点同时从N 点出发，同时到达M点，下列说法正确的是( )A. 三个质点从N点到M点的平均速度相同B. 质点B从N点到M点的平均速度方向与在任意时刻瞬时速度方向相同C. 到达M点时的瞬时速度的值一定是A的大D. 三个质点到达M点时的瞬时速度的值相同二、多选题（共5小题）11.(多选)关于速度，以下说法正确的是( )A. 物体运动的位移越大，其速度一定越大B. 物体运动的时间越短，其速度一定越大C. 做匀速直线运动的物体，其位移跟时间的比值是一个恒量D. 做匀速直线运动的物体，其速度方向是不变的12.(多选)关于瞬时速度和平均速度，下列说法正确的是( )A. 一般讲平均速度时，必须讲清是哪段时间(或哪段位移)内的平均速度B. 对于匀速直线运动，其平均速度跟哪段时间(或哪段位移)无关C. 瞬时速度和平均速度都可以精确描述运动的快慢D. 瞬时速度是某时刻的速度，所以只有瞬时速度才可以精确描述变速运动13.(多选)以下关于瞬时速度、平均速度的说法正确的是( )A. 瞬时速度是物体在某一位置或某一时刻的速度B. 平均速度是物体在一段时间内各个时间瞬时速度的平均值C. 求解平均速度时必须明确是哪段时刻(或哪段位移)内的平均速度D. 物体做变速运动时，平均速度是指物体通过的位移与所用时间的比值14.(多选)关于平均速度和瞬时速度，下列说法正确的是( )A. 瞬时速度是指物体在某一时刻的速度B. 瞬时速度是指物体在某一位置的速度C. 可认为物体在t时刻的瞬时速度等于它在t～t＋Δt(Δt极短)时间内的平均速度D. 若物体的平均速度为0，则该物体的瞬时速度一定为015.(多选)对速度的定义式v＝s，以下叙述正确的是( )tA. 物体做匀速直线运动时，速度v与运动的位移s成正比，与运动时间t成反比B. 速度v的大小与运动的位移s和时间t都无关C. 此速度定义式适用于任何运动D. 速度是表示物体运动快慢及方向的物理量三、计算题（共2小题）16.质点做直线运动，从A经过B到C，又返回到B，其中AB＝BC，若从A到B的平均速度大小为v1＝2 m/s，从B到C的平均速度大小为v2＝4 m/s，从C返回到B的平均速度大小为v3＝4 m/s，求：(1)质点从A运动到C的平均速度大小；(2)质点从A到C再返回B的平均速度大小．17.某物体沿一条直线运动：(1)若前一半时间内的平均速度为v1，后一半时间内的平均速度为v2，求全程的平均速度．(2)若前一半位移的平均速度为v1，后一半位移的平均速度为v2，全程的平均速度又是多少？。
2020-2021学年高二上学期实验班周末小测(带点粒子在电场中的运动)物理试题
贵州省贵阳市花溪清华中学【最新】高二上学期实验班周末小测（带点粒子在电场中的运动）物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示，在匀强电场E中，一带电粒子－q的初速度v0恰与电场线方向相同，则带电粒子－q在开始运动后，将（）A．沿电场线方向做匀减速直线运动B．沿电场线方向做变加速直线运动C．沿电场线方向做匀加速直线运动D．偏离电场线方向做曲线运动2．两平行金属板相距为d，电势差为U，一电子质量为m，电荷量为e，从O点沿垂直于极板的方向射出，最远到达A点，然后返回，如图所示，OA L，则此电子具有的初动能是A．edLUB．edUL C．eUdLD．eULd3．下列粒子从静止状态经过电压为U的电场加速后，速度最大的是A．质子11H（）B．氘核21H（）C．α粒子42He（）D．钠离子（Na+）4．如图所示，两极板与电源相连接，电子从负极板边沿垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边沿飞出，现在使电子入射速度变为原来的12，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边沿飞出，则两极板的间距应变为原来的()A ．4倍B ．2倍C ．倍D ．14倍 5．如图所示，电子在电势差为U 1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U 2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行．整个装置处在真空中，电子的重力不计．在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转位移h 变大的是A ．U 1变大B ．U 1变小C ．U 2变大D ．U 2变小 6．如图，有一带电粒子贴着A 板沿水平方向输入匀强电场，当偏转电压为U 1时，带电粒子沿①轨迹从两板正中间飞出；当偏转电压为U 2时，带电粒子沿②轨迹落到B 板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压之比为（ ）A ．12:1:8U U =B ．12:1:4U U =C ．12:1:2U U =D ．12:1:1U U =二、解答题 7．一个电子（质量为9.1×10−31kg ，电荷量为1.6×10−19C ）以v 0=4×107m/s 的初速度沿着匀强电场的电场线方向飞入匀强电场，已知匀强电场的电场强度大小E=2×105N/C ，不计重力，求：（1）电子在电场中运动的加速度大小；（2）电子进入电场的最大距离；（3）电子进入电场最大距离的一半时的动能。
山西省晋中市和诚高中2020学年高二物理下学期第一次周练试题
山西省晋中市和诚高中2020学年高二物理下学期第一次周练试题考试时间：45分钟满分：100分一、选择题（本题共12小题，每小题5分，1--8题单选，9—10题多选，共计60分）1、关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，以下说法中正确的是( )A．线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次，感应电动势方向不变B．线圈每转动一周，感应电流方向就改变一次C．线圈平面每经过中性面一次，感应电动势和感应电流的方向都要改变一次D．线圈转动一周，感应电动势和感应电流方向都要改变一次2、矩形线圈在磁场中匀速转动时，产生的感应电动势最大值为50V，那么该线圈由右图所示位置转过30°，线圈中的感应电动势大小为( )A．50 V B．25 3 VC．25 V D．10 V3、一矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交变电动势为e＝102sin 20πt V，则下列说法正确的是（ )A．t＝0时，线圈位于中性面 B．t＝0时，穿过线圈的磁通量为零C．t＝0时，导线切割磁感线的有效速度最大 D．t＝0.4 s时，电动势第一次出现最大值4、矩形线圈abcd在匀强磁场中逆时针匀速转动时，线圈中产生如下图所示的交流电，设沿a→b→c→d→a方向为电流正方向，则对应t时刻线圈位置为( )15、线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电流如图所示，由图可知( )A．在t1和t3时刻，线圈处于中性面位置B．由图可知线圈转动是在中性面开始计时的C．从t1到t4线圈转过的角度为π弧度D．若从0时刻到t4时刻经过0.02 s，则在1 s内交变电流的方向改变50次6、下列提到的交流电，不是指有效值的是( )A．交流电压表的读数B．保险丝熔断电流C电容器击穿电压D．220 V交流电压7、一个矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，周期为T.从中性面开始计时，当t＝112T时，线圈中感应电动势的瞬时值为2 V，则此交变电流的有效值为( )A．2 2 V B．2 V C. 2 V D.22V8、在如图所示电路中，A是熔断电流I＝2 A的保险丝，R是可变电阻，S是交流电源．交流电源的内电阻不计，其电动势随时间变化的规律是e＝2202sin 314t V．为了不使保险丝熔断，可变电阻的阻值应该大于( )A．1102ΩB．110ΩC．220ΩD．2202Ω9、如图甲所示，一矩形闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴OO′以恒定的角速度ω转动．当从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈中产生的交变电流按照图乙所示的余弦规律变化，则在t＝π2ω时刻( )A．线圈中的电流最大B．穿过线圈的磁通量为零C．线圈所受的安培力为零D．线圈中的电流为零10、如图所示，矩形线圈abcd放在匀强磁场中，ad＝bc＝l1，ab＝cd＝l2，从图示位置起该线圈以角速度ω绕不同转轴做匀速转动，则( )A．以OO′为转轴时，感应电动势e＝Bl1l2ωsin ωtB．以O1O1′为转轴时，感应电动势e＝Bl1l2ωsin ωtC．以OO′为转轴时，感应电动势e＝Bl1l2ωcos ωtD．以OO′为转轴跟以ab为转轴一样，感应电动势e＝Bl1l2ωsin⎝⎛⎭⎪⎫ωt＋π211、一交流电压的图象如图所示．将该交流电压加在一阻值为22 Ω的电阻两端，下列说法中正确的是 ( )A．该电阻消耗的功率为550 WB．该交流电压的瞬时值表达式为u＝1102sin 100πt VC．并联在该电阻两端的交流电压表的示数为110 2 VD．流过电阻的电流方向每秒改变50次12、如图所示，边长为L的正方形单匝线圈abcd，其电阻为r，外电路的电阻为R，ab的中点和cd的中点的连线O′O恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B.若线圈从图示位置开始以角速度ω绕轴O′O匀速转动，则以下判断正确的是( )A．图示位置线圈中的感应电动势最大，为Em＝BL2ωB．闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e＝12BL2ωsin ωtC．线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为q＝2BL2 R＋rD．线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q＝πB2ωL4R 4（R＋r）2二、计算题（13、14题各13分，15题14分，共40分。
2019-2020年高二上学期定时训练物理试卷 含解析
2019-2020年高二上学期定时训练物理试卷含解析一.选择题1．某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为（）A．4ρ和4R B．ρ和4R C．16ρ和16R D．ρ和16R2．R1与R2并联在电路中，通过R1与R2的电流之比为1：2，则当R1与R2串联后接入电路中时，R1和R2两端电压之比U1：U2为（）A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：13．有三个电阻，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1：I2：I3是（）A．6：4：3 B．3：4：6 C．2：3：4 D．4：3：24．有一只电压表，它的内阻是100Ω，量程为0.2V，现要改装成量程为10A的电流表，电压表上应（）A．并联0.002Ω的电阻B．并联0.02Ω的电阻C．并联50Ω的电阻D．串联4 900Ω的电阻5．一只白炽灯泡，正常发光时的电阻为121Ω，当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻应是（）A．大于121ΩB．小于121ΩC．等于121ΩD．无法判断6．如图所示，每个电阻的阻值都是2欧，安培表内阻不计，在B、C间加6伏电压时，安培表的示数是（）A．0安B．1安C．2安D．3安7．一个电流表的满偏电流I g=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个10kΩ的电阻B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻D．并联一个9.5kΩ的电阻二、简答题8．（2012秋•大港区校级期末）两种材料不同的电阻丝，长度之比为1：5，截面积之比为2：3，电阻之比为2：5，则材料的电阻率之比为．9．（2014秋•蚌埠校级期中）两长度和横截面积均相同的电阻丝的伏安特性曲线如图所示，则两电阻丝的电阻值之比R1：R2=．电阻率之比ρ1：ρ2=．10．一根长为l=3.2m、横截面积S=1.6×10﹣3m2的铜棒，两端加电压U=7.0×10﹣2V．铜的电阻率ρ=1.75×10﹣8Ω•m，铜内自由电子的体密度为n=8.5×1029m﹣3．求：（1）通过铜棒的电流；（2）铜棒内的电场强度；（3）自由电子定向移动的平均速度．11．电路如图所示，R1=R2=R3=R4，在A B两端加电压U，安培表A1和A2的示数都是0.6安，求安培表A3的示数多大？（要求改画等效电路图）2015-2016学年陕西省咸阳市泾阳县云阳中学高二（上）定时训练物理试卷（2）参考答案与试题解析一.选择题1．某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为（）A．4ρ和4R B．ρ和4R C．16ρ和16R D．ρ和16R【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】在电阻丝温度不变的条件下，电阻的影响因素是材料（电阻率）、长度、横截面积，当导线被拉长后，长度变长的同时，横截面积变小，但导体的整个体积不变．【解答】解：电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的，长度为原来的4倍；由于导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的16倍，即16R．由于电阻率受温度的影响，因温度不变，所以电阻率也不变．故选：D．【点评】题考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比．电阻率不受温度影响的材料，可以制成标准电阻．2．R1与R2并联在电路中，通过R1与R2的电流之比为1：2，则当R1与R2串联后接入电路中时，R1和R2两端电压之比U1：U2为（）A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1【考点】串联电路和并联电路；欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由并联电路的电流规律可得出两电阻的比值；由串联电路的电压规律可得出电压之比．【解答】解：并联电路中电阻之比等于电流的反比，故=；由串联电路的规律可知，电压之比等于电阻之比，故U1：U2=2：1；故选B．【点评】本题考查串并联电路的电流及电压规律，属基础内容，应熟纪并能灵活应用．3．有三个电阻，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1：I2：I3是（）A．6：4：3 B．3：4：6 C．2：3：4 D．4：3：2【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】根据并联电路中支路电流与支路电阻的比值关系进行分析，即电流之比等于电阻的反比．【解答】解：因为R1：R2：R3=2Ω：3Ω：4Ω=2：3：4；所以I1：I2：I3===6：4：3故选：A．【点评】会熟练应用欧姆定律，知道并联电路电阻与电流的比值关系．4．有一只电压表，它的内阻是100Ω，量程为0.2V，现要改装成量程为10A的电流表，电压表上应（）A．并联0.002Ω的电阻B．并联0.02Ω的电阻C．并联50Ω的电阻D．串联4 900Ω的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】把电表改装成电流表应并联一个分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值．【解答】解：电表的满偏电流为：I g===0.002A，把它改装成量程为10A的电流表需要并联一个分流电阻，并联电阻阻值为：R==≈0.02Ω；故选：B．【点评】本题考查了电流表的改装，把电表改装成电流表应并联一个分流电阻，知道电流表的改装原理、应用并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．5．一只白炽灯泡，正常发光时的电阻为121Ω，当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻应是（）A．大于121ΩB．小于121ΩC．等于121ΩD．无法判断【考点】电阻率与温度的关系．【专题】恒定电流专题．【分析】正常发光时白炽灯泡灯丝的温度较高，电阻较大，当灯泡停止发光一段时间后，灯丝的温度降低，电阻变小．【解答】解：白炽灯泡灯丝是由金属材料制成的，当温度降低时，其电阻率减小，电阻变小，所以当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻小于121Ω．故选B【点评】本题考查对金属材料的电阻率随温度升高而增大，随温度降低而减小的规律的掌握程度，基础题．6．如图所示，每个电阻的阻值都是2欧，安培表内阻不计，在B、C间加6伏电压时，安培表的示数是（）A．0安B．1安C．2安D．3安【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】画出等效电路，确定安培表所在分支，由欧姆定律求解．【解答】解：等效电路如图：则并联部分电阻为，则电阻为R=3Ω则干路电流I=则通过电流表的电流为故选项A，C，D错误，B正确故选：B【点评】考查串并联电路的特点，会画等效电路图，求电阻或电流．7．一个电流表的满偏电流I g=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个10kΩ的电阻B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻D．并联一个9.5kΩ的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】电流表串联电阻起分压作用为电压表，电流表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻．总电阻=量程除以满偏电流．【解答】解：要将电流表改装成电压表，必须在电流表上串联一个大电阻，串联电阻起分压作用．应串联电阻为R===9.5×103kΩ故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】电流表改装成电压表应串联电阻分压．串联电阻阻值为：R=，是总电阻．二、简答题8．（2012秋•大港区校级期末）两种材料不同的电阻丝，长度之比为1：5，截面积之比为2：3，电阻之比为2：5，则材料的电阻率之比为4：3．【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】解答此题要知道影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积．导体的电阻大小为：【解答】解：根据电阻的决定式：得：，则：故答案为：4：3【点评】此题考查了影响电阻大小的因素和串联电路中电流规律，要注意运用．9．（2014秋•蚌埠校级期中）两长度和横截面积均相同的电阻丝的伏安特性曲线如图所示，则两电阻丝的电阻值之比R1：R2=1：3．电阻率之比ρ1：ρ2=1：3．【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电阻丝的伏安特性曲线是直线，是斜率等于电阻的倒数．由电阻定律R=，两电阻丝长度和横截面都相同，电阻率与电阻成正比．【解答】解：电阻丝的伏安特性曲线是直线，是斜率等于电阻的倒数．则R1=cot60°，R2=cot30°，所以R1：R2=1：3由电阻定律R=可知因两电阻丝长度L和横截面S都相同，则ρ1：ρ1=R1：R2=1：3．故答案为：1：3；1：3【点评】本题考查对伏安特性曲线的理解能力．本题中导体是线性元件，其伏安特性曲线的斜率等于电阻的倒数，若是非线性元件，其图线切线的斜率不等于电阻的倒数．10．一根长为l=3.2m、横截面积S=1.6×10﹣3m2的铜棒，两端加电压U=7.0×10﹣2V．铜的电阻率ρ=1.75×10﹣8Ω•m，铜内自由电子的体密度为n=8.5×1029m﹣3．求：（1）通过铜棒的电流；（2）铜棒内的电场强度；（3）自由电子定向移动的平均速度．【考点】欧姆定律；电阻定律．【分析】（1）由欧姆定律可求出通过铜棒的电流；（2）由U=Ed可求得铜棒内的电场强度；（3）设自由电子定向移动的速率为v和导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为t，求出导线中自由电子的数目，根据电流的定义式推导出电流的微观表达式，解得自由电子定向移动的速率．【解答】解：（1）由R=ρ和I=得I==A=2×103A．（2）由U=Ed可知：电场强度：E==V/m=2.19×10﹣2 V/m．（3）由I=neSv得电子的定向移动速率v==m/s=9.19×10﹣6 m/s．答：（1）通过铜棒的电流2×103 A；（2）铜棒内的电场强度2.19×10﹣2V/m（3）自由电子定向移动的平均速度9.19×10﹣6m/s【点评】本题要知道铜棒内部建立匀强电场，电压与场强的关系为E=．掌握电流的微观表达式：I=envS，并能建立模型熟练推导．11．电路如图所示，R1=R2=R3=R4，在A B两端加电压U，安培表A1和A2的示数都是0.6安，求安培表A3的示数多大？（要求改画等效电路图）【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】电路连接关系：R1，R2，R3三者是并联关系，并联后与R4串联．A3的示数为干路电流．【解答】解：由电流的流向可得：R1，R2，R3三者是并联关系，并联后与R4串联，改画的等效电路图如图所示：A1为通过R2，R3的电流I2与I3之和．A2为通过R1与R2的电流I1与I2之和，因电阻阻值相等故：I1=I2=I3=I==0.3A则由电路图知A3的示数为：I1+I2+I3=3×I=3×0.3=0.9A答：安培表A3的示数为0.9A【点评】简化电路图可沿电流流向画出等效电路图，根据各表的示数所测理的具体量进行分析。
高二物理定时练
高二物理定时练试题一选择题1．一物体做匀变速直线运动，前3s内的位移是30m，第9s内的位移是45m，则其加速度是A．2.5m/s2 B．3m/s2 C．4m/s2 D．5m/s2 2.如图所示,A、B叠放着,A用绳系在固定的墙上,用力F拉着B右移,用F'、F AB 和F BA分别表示绳对A的拉力、A对B的摩擦力和B对A的摩擦力,则( )A.F做正功,F AB做负功,F BA做正功,F'不做功B.F和F BA做正功,F AB和F'做负功C.F做正功,其他力都不做功D.F做正功,F AB做负功,F BA和F'不做功3.水平面上有一长木板，上端放一物块，物块距长木板右端5m，两物体正以15m/s的速度匀速行驶，突然，长木板在外力作用下以5m/s2的加速度匀变速直线运动，2s后，木块离长木板右端的距离变化了2.5m，木块的运动可看成匀变速直线运动，下列说法中正确的是A．2s内木块的位移一定为22.5mB．木块的加速度大小一定为3.75m/s2C．木块加速度大小可能为4.5m/s2D．2s内木板的平均速度一定比木块的平均速度大1.25m/s4.在一次举重比赛中,一名运动员在抓举比赛时,将质量为127.5kg的杠铃举起历时约2s,该运动员在举起杠铃运动中的平均功率约为( )A.几十瓦左右B.一千瓦左右5．已知真空中有一点电荷＋Q1，在距其为r的P点放一电荷量为＋Q2的检验电荷，检验电荷受到的电场力为F，则下列说法正确的是A．P点处场强大小为F/Q1B．P点处的场强大小等于F/Q2，也等于KQ2/r2C．检验电荷的电量变为2Ｑ2，它受到的电场力将变为2F，而P处的场强不变D．若在P点不放检验电荷，则无法确定该点场强方向6. 如图所示，电源的电动势为E，内阻r不能忽略。
A、B是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈。
关于这个电路的以下说法正确的是A．开关闭合到电路中电流稳定的时间内，A灯立刻亮，而后逐渐变暗，最后亮度稳定B．开关闭合到电路中电流稳定的时间内，B灯立刻亮，而后逐渐变暗，最后亮度稳定C．开关由闭合到断开瞬间，A灯闪亮一下再熄灭D．开关由闭合到断开瞬间，电流自左向右通过A灯7.(多选)某带电粒子（不计重力）仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线、粒子运动轨迹如图所示，则可以判定A．粒子在A点的加速度小于它在B点的加速度B．粒子在A点的动能小于它在B点的动能C．粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D．该电场中A点的电势低于B点的电势8．(多选)如图所示，两块较大的金属板A、B相距为d，平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m，带电荷量为q的油滴处于静止状态，以下A．若将S断开，则油滴将做自由落体运动，G表中无电流B．若将A向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G表中有从b到a的电流C．若将A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有从b到a的电流D．若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有从b到a的电流9.(多选) 如图所示，在水平转台上放一个质量M＝2.0 kg的木块，它与台面间的最大静摩擦力f m＝6.0N，绳的一端系住木块，另一端穿过转台的光滑中心孔O悬吊一质量m＝1.0 kg的小球，当转台以ω＝5.0 rad/s的角速度匀速转动时，欲使木块相对转台静止，则木块到O孔的距离可能是(重力加速度g＝10 m/s2，木块、小球均视为质点)( )A．6 cm B．15 cmC．30 cm D．34 cm10. (多选) 如图所示，A、B两个物体之间用轻弹簧连接，放在光滑的水平面上，物体A紧靠竖直墙，现在用力向左推B使弹簧压缩，然后由静止释放，则A、弹簧第一次恢复为原长时，物体A开始加速B、弹簧第一次伸长为最大时，两物体的速度一定相同C、第二次恢复为原长时，两个物体的速度方向一定反向D、弹簧再次压缩为最短时，物体A的速度可能为零11.如图所示电路中,电阻R1=R2=3Ω,R3=6Ω,单刀双掷开关S扳至1时,电流表的示数为1.0A,S扳至2时,电流表示数为1.5A,求电源的电动势和内阻(电流表内阻不计)。
高二物理定时训练(03)
高二物理定时训练（03）时间100分钟满分120分命题：漯河高中高二年级组一．选择题（本题共8道题，每题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分）1.如图所示，把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a静止在斜面上，需在M、N间放一带电小球b，则b应（a、b两小球均可看成点电荷）（）A.带负电，放在A点B.带正电，放在B点C.带负电，放在C点D.带正电，放在C点2.如图所示，竖直放置的两个平行金属板间有匀强电场，在两板之间等高处有两个质量相同的带电小球（不计两带电小球之间的电场影响），P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两极板正中央由静止开始释放，两小球沿直线运动都打到右极板上的同一点，则从开始释放到打到右极板的过程中（）A．它们的运动时间的关系为t P＞t QB．它们的电荷量之比为q p：q Q=1：1C．它们的动能增量之比为△EK P：△EK Q=2：1D．它们的电势能减少量之比为△E P：△E Q=4：13.如图所示，两极板与电源相连接，电子从负极边缘垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边缘飞出，现在使电子入射速度变成原来的两倍，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边沿飞出，则两极板的间距应变为原来的（）A．2倍 B．4倍C．1/2倍 D．1/4倍4.如图所示，直线A是电源的路端电压和电流的关系图线，直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图线，若将这两个电阻分别接到该电源上，则（）A．R1接在电源上时，电源的效率高B．R2接在电源上时，电源的效率高C．R1接在电源上时，电源的输出功率大D．电源的输出功率一样大5.有两根长直导线a、b互相平行放置，如图所示为垂直于导线的截面图．在图示的平面内，O点为两根导线连线的中点，M、N为两根导线附近的两点，它们在两导线连线的中垂线上，且与O点的距离相等．若两导线中通有大小相等、方向相同的恒定电流I，则关于线段MN上各点的磁感应强度的说法中正确的是（）A．M点和N点的磁感应强度大小相等，方向相反B．M点和N点的磁感应强度大小相等，方向相同C．在线段MN上各点的磁感应强度都不可能为零D．在线段MN上有两点的磁感应强度为零6.如图所示将一光滑的半圆槽置于光滑水平面上，槽的左侧有一固定在水平面上的物块。
2020年高考物理周末练习试题
2020年高考物理周末练习题物理试题一、单项选择题1.一个单摆在海平面上的振动周期是T0，把它拿到海拔高度很高的山顶上，该单摆的振动周期变为T，关于T与T0的大小关系，下列说法中正确的是（）A. T=T0B. T>T0C. T<T0D. 无法比较T与T0的大小关系2.1934年，约里奥-居里夫妇用α粒子轰击铝核2713Al，产生了第一个人工放射性核素X：2713α+Al n+X→．X的原子序数和质量数分别为A. 15和28B. 15和30C. 16和30D. 17和313.家庭装修中释放的甲醛和射线是白血病的重要诱因。
家庭装修中的射线来源往往是不合格的瓷砖、洁具等，瓷砖、洁具释放的氡气(2286Rn)具有放射性，氡222衰变为钋218(21884Po)的半衰期为3.8天，则氡222衰变释放出的粒子和密闭房间中氡气浓度减小87．5%需要的时间分别为A. 电子，11.4天B. 质子，7.6天C. 中子，19天D. α粒子，11.4天4.2019年8月11日超强台风“利奇马”登陆青岛，导致部分高层建筑顶部的广告牌损毁。
台风“利奇马”登陆时的最大风力为11级，最大风速为30m/s。
某高层建筑顶部广告牌的尺寸为：高5m、宽20m，空气密度ρ=1.2kg/m3，空气吹到广告牌上后速度瞬间减为0，则该广告牌受到的最大风力约为A 3.9×103N B. 1.2×105N C. 1.0×104N D. 9.0×l04N5.水平地面上的物体由静止开始竖直向上运动，在运动过程中，物体的动能E k与位移x的关系图像如图所示，则满足机械能守恒的阶段是（）A. 0～hB. h ～2hC. 2h ～3hD. 3h ～5h6.如图所示，两根互相平行的长直导线垂直于平面S ，垂足分别为M 、N ，导线中通有大小相等、方向相反的电流。
O 为M N 的中点，PQ 为M 、N 的中垂线，以O 为圆心的圆与 MN 、PQ 分别相交于a 、b 、c 、d 四点。
树德中学高二下物理定时练习(2020-4-1)
高二物理定时练习（2020-4-1）（答题时间：19:30-20:30，提交答案时间：20:30-20:40）一、单选题（每题5分，共30分）1．如图所示，将带铁芯的电感器L与灯泡A串联，再与另一个完全相同的灯泡B并联，接在以正弦交流信号发生器为电源的两端．通过调节交流信号发生器上的旋钮，可以改变输出电压和信号的频率．闭合开关S，A、B两灯均发光．关于该实验，下列说法中正确的是（）A．保持交流信号频率不变，适当提高输出电压，发现A灯始终比B灯亮B．保持输出电压和信号频率不变，撤去铁芯后，发现A灯比原来暗C．保持输出电压不变，提高交流信号频率，发现A灯变暗，B灯不变D．断开开关S，发现B灯闪亮一下，然后熄灭2．如图所示是一弹簧振子在水平面做简谐运动的图像，那么振动系统在（）A．t3 和t5具有相同的动能和动量B．t2 和t5时刻振子所受的回复力大小之比为2:1C．t3 和t4具有相同的动能和不同的动量D．t1 和t4时刻具有相同的加速度和速度3．如图所示，正方形导线框abcd放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示，t＝0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里。
下列选项中能表示线框的ab边受到的安培力F随时间t的变化关系的是（规定水平向左为力的正方向）（）A．B．C．D．4．小型发电站为某村寨110户家庭供电，输电原理如图所示，图中的变压器均为理想变压器，其中降压变压器的匝数比n3：n4＝50：1，输电线的总电阻R＝10Ω．某时段全村平均每户用电的功率为200W，该时段降压变压器的输出电压为220V．则此时段（）A．降压变压器的输入电压为11kVB．发电机的输出功率为22kWC．输电线的电流为1100AD．输电线上损失的功率约为8.26W5．如图是一个小型电风扇电路简图，其中理想变压器的原、副线圈的匝数比为n，原线圈接电压有效值为U的交流电源，输出端接有一个电阻为R的灯L和风扇电动机D，电动机线圈电阻为r．接通电源后，电风扇正常运转，测出通过风扇电动机的电流为I，则下列说法不正确的是（）A．风扇电动机D两端的电压为U/nB．理想变压器的输入功率为UIC．风扇电动机D输出的机械功率为D．若风扇由于机械故障被卡住，则通过原线圈的电流为6．下图为同一实验中甲、乙两个单摆的振动图象，从图象可知（）A．两摆球的质量相等B．两单摆的振幅相等C．两单摆相位相差为π/2D．两单摆的摆长不相等二、多选题（每题6分，共36分）7．在“用单摆测定重力加速度”的实验中，若测得的g值偏大，可能是因为（）A．单摆摆动时，出现了“圆锥摆”运动B．测摆长时，将线长加小球直径作为摆长C ．测周期记录全振动次数时，将n 次全振动误记为（n +1）次D ．悬点未固定牢固，摆动中出现松动，导致摆线变长8．如图所示，水平固定放置的足够长的光滑平行导轨，电阻不计，间距为L ，左端连接的电源电动势为E ，内阻为r ，质量为m 的金属杆垂直静放在导轨上，金属杆处于导轨间部分的电阻为R ，整个装置处在磁感应强度大小为B 、方向竖直向下的匀强磁场中，闭合开关，金属杆沿导轨做变加速运动直至达到最大速度，则下列说法正确的是（ ）A ．金属杆的最大速度大小为EBLB ．此过程中通过金属杆的电荷量为222mE B LC ．此过程中电源提供的电能为222mE B LD ．此过程中金属杆产生的热量为2222mE B L9．在星球M 上将一轻弹簧竖直固定在水平桌面上，把物体P 轻放在弹簧上端，P 由静止向下运动，物体的加速度a 与弹簧的压缩量x 间的关系如图中实线所示．在另一星球N 上用完全相同的弹簧，改用物体Q 完成同样的过程，其a –x 关系如图中虚线所示，假设两星球均为质量均匀分布的球体．已知星球M 的半径是星球N 的3倍，则（ ）A ．M 与N 的密度相等B ．Q 的质量是P 的3倍C ．Q 下落过程中的最大动能是P 的4倍D ．Q 下落过程中弹簧的最大压缩量是P 的4倍10．如图所示，一根轻质弹簧上端固定在天花板上，下端挂一重物（可视为质点），重物静止时处于B 位置。
高二物理第二周周日定时练
高二物理第二周周日定时练制卷：田军 审卷：杨自芹 做题时间：60mins 班级： 姓名：一．选择题1.关于产生感应电流的条件，以下说法中错误的是（ ） A ．闭合电路在磁场中运动，闭合电路中就一定会有感应电流B ．闭合电路在磁场中作切割磁感线运动，闭合电路中一定会有感应电流C ．穿过闭合电路的磁通为零的瞬间，闭合电路中一定不会产生感应电流D ．无论用什么方法，只要穿过闭合电路的磁感线条数发生变化，闭合电路中一定会有感应电流 2．一均匀扁平条形磁铁与一线圈共面，磁铁中心与圆心O 重合(图3)．下列运动中能使线圈中产生感应电流的是（ ）A ．N 极向外、S 极向里绕O 点转动B ．N 极向里、S 极向外，绕O 点转动C ．在线圈平面内磁铁绕O 点顺时针向转动D ．垂直线圈平面磁铁向纸外运动3．如上面右图所示，ab 是一个可绕垂直于纸面的轴O 转动的闭合矩形导线框，当滑动变阻器R 的滑片自左向右滑行时，线框ab 的运动情况是（ ） A ．保持静止不动 B ．逆时针转动 C ．顺时针转动 D ．发生转动，但电源极性不明，无法确定转动的方向4．如图 (a)所示，圆形线圈P 静止在水平桌面上，其正上方悬挂一相同的线圈Q ，P 和Q 共轴，Q 中通有变化的电流，电流随时间变化的规律如图(b)所示，P 所受的重力为G ，桌面对P 的支持力为FN ，则（ ）A ．t 1时刻，F N >GB ．t 2时刻，F N >GC ．t 3时刻，F N <GD ．t 4时刻，F N ＝G5.单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，转轴垂直于磁场，若线圈所围面积的磁通量随时间变化的规律如图所示，则O ～D 过程中（ ）A ．线圈中O 时刻感应电动势最大B ．线圈中D 时刻感应电动势为零C ．线圈中D 时刻感应电动势最大D ．线圈中O 至D 时间内的平均感应电动势为0.4 V6.物理实验中，常用一种叫做“冲击电流计”的仪器测定通过电路的电荷量．如图所示，探测线圈与冲击电流计串联后可用来测定磁场的磁感应强度．已知线圈的匝数为n ，面积为S ，线圈与冲击电流计组成的回路电阻为R .若将线圈放在被测匀强磁场中，开始时线圈平面与磁场垂直，现把探测线圈翻转180°，冲击电流计测出通过线圈的电荷量为q ，由上述数据可测出被测磁场的磁感应强度为（ ） A.qR SB.qR nSC.qR2nSD.qR2S7.如图所示，矩形线框abcd的ad和bc的中点M、N之间连接一电压表，整个装置处于匀强磁场中，磁场的方向与线框平面垂直．当线框向右匀速平动时，下列说法中正确的是（）A．穿过线框的磁通量不变化，MN间无感应电动势B．MN这段导体做切割磁感线运动，MN间有电势差C．MN间有电势差，所以电压表有示数D．因为有电流通过电压表，所以电压表有示数8.如图所示，A、B两闭合线圈为同样的导线绕成，A有10匝，B有20匝，两圆形线圈半径之比为2∶1.均匀磁场只分布在B线圈内．当磁场随时间均匀减弱时（）A．A中无感应电流B．A、B中均有恒定的感应电流C．A、B中感应电动势之比为2∶1D．A、B中感应电流之比为1∶29.如图所示，PQRS为一正方形导线框，它以恒定速度向右进入以MN为边界的匀强磁场，磁场方向垂直线框平面向里，MN边界与线框的边QR所在的水平直线成45°角，E、F分别是PS和PQ的中点．关于线框中的感应电流，正确的说法是（）A．当E点经过边界MN时，线框中感应电流最大B．当P点经过边界MN时，线框中感应电流最大C．当F点经过边界MN时，线框中感应电流最大D．当Q点经过边界MN时,线框中电流最大10.如图，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域其直角边长为L，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B.边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流为正，则表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是()高二物理第二周周日定时练答题纸二、计算题11.在范围足够大、方向竖直向下的匀强磁场中，B＝0.2 T，有一水平放置的光滑框架，宽度为l＝0.4 m，如图9所示，框架上放置一质量为0.05 kg、电阻为1 Ω的金属杆cd，框架电阻不计．若cd杆以恒定加速度a＝2 m/s2由静止开始做匀变速运动，则：(1)在5 s内平均感应电动势是多少？(2)第5 s末，回路中的电流多大？(3)第5 s末，作用在cd杆上的水平外力多大？12. 如图所示，边长为L的正方形金属框abcd，质量为m，电阻为R，用细线把它悬挂于一个有界的匀强磁场边缘，金属框的上半部处于磁场内，下半部处于磁场外．磁场随时间变化规律为B=kt（k＞0），已知细线所能承受的最大拉力为2mg，求：（1）线框中感应电流的方向；（2）分析线框的各边所受安培力的方向；（3）从t=0开始，经多长时间细线会被拉断？13.矩形线圈abcd，长ab=20cm，宽bc=10cm，匝数n=200，线圈回路总电阻R=5Ω．整个线圈平面内均有垂直于线框平面的匀强磁场穿过，若匀强磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图所示，求：（1）线圈回路中产生的感应电动势和感应电流；（2）当t=0.3s时，线圈的ab边所受的安培力大小；（3）在1min内线圈回路产生的焦耳热．高二物理第二周周日定时练答案11.(1)5 s内的位移：x＝at2＝25 m5 s内的平均速度＝＝5 m/s(也可用＝求解)故平均感应电动势＝BL＝0.4 V(2)第5 s末：v＝at＝10 m/s此时感应电动势：E＝BLv则回路电流为：I＝＝＝A＝0.8 A.(3)杆匀加速运动，则F－F安＝ma即F＝BIL＋ma＝0.164 N.12.解：（1）根据楞次定律，则有感应电流的方向：逆时针方向（即a→d→c→b→a）；（2）根据左手定则，结合感应电流的方向，则有：ab边所受的安培力方向向下，bc边所受的安培力方向向左，cd不受安培力，ad边的安培力方向向右．（线框有收缩的趋势）；（3）根据平衡条件，结合安培力表达式，则有：，且B=kt，解得：t=13.解：（1）由图可知磁感应强度随时间的变化率= T/s=0.5 T/s感应电动势为E=n=nS=200×0.1×0.2×0.5 V=2 V感应电流为I== A=0.4 A（2）当t=0.3 s时，磁感应强度B=0.2 T，则安培力为F=nBIl=200×0.2×0.4×0.2 N=3.2 N（3）在1 min内线圈回路产生的焦耳热Q=I2Rt=0.42×5×60 J=48 J。
2019-2020年高二上学期周练物理试卷(承智班)(9.25) 含解析
2019-2020年高二上学期周练物理试卷（承智班）（9.25）含解析一、选择题1．光滑金属导轨宽L=0.4m，电阻不计，均匀变化的磁场穿过整个轨道平面，如图中甲所示．磁场的磁感应强度随时间变化的情况如图乙所示．金属棒ab的电阻为1Ω，自t=0时刻起从导轨最左端以v=1m/s的速度向右匀速运动，则（）A．1s末回路中电动势为0.8VB．1s末ab棒所受磁场力为0.64NC．1s末回路中电动势为1.6VD．1s末ab棒所受磁场力为1.28N2．如图所示，竖直悬挂的金属棒AB原来处于静止状态．金属棒CD棒竖直放置在水平磁场中，CD与AB通过导线连接组成回路，由于CD棒的运动，导致AB棒向右摆动，则CD棒的运动可能为（）A．水平向右平动B．水平向左平动C．垂直纸面向里平动D．垂直纸面向外平动3．如下所示的各图中，闭合线框中不能产生感应电流的是（）A．B．C．D．4．关于感应电动势的大小，下列说法中不正确的是（）A．跟穿过闭合电路的磁通量的大小有关系B．跟穿过闭合电路的磁通量的变化大小有关系C．跟穿过闭合电路的磁通量的变化快慢有关系D．跟电路的电阻大小有关系5．如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其产生感生电流？（）A．线圈向右匀速移动B．线圈向右加速移动C．线圈垂直于纸面向里平动D．线圈绕O1O2轴转动6．如图所示的匀强磁场中有一个闭合线圈．保持线圈平面始终与磁感线垂直，当线圈在磁场中上下运动时（图①），当线圈在磁场中左右运动时（图②），先把弹簧线圈撑开（图③），后放手让线圈收缩（图④）．其中能产生感应电流的图是（）A．图①②B．图②③C．图③④D．图①④7．磁力玻璃擦是目前很时尚的玻璃清洁器，其原理是利用异性磁极的吸引作用可使外面的一片跟着里面的一片运动，旧式磁力玻璃擦在使用时由于相对移动会导致前后两面的同性磁极间距较小，由于同性磁极相互斥力作用很容易脱落，其内部N、S磁极分布如图甲所示．经过改进后，新式磁力玻璃擦其内部的N、S磁极分布如图乙所示，使用时两片不易脱落，关于两种磁力玻璃擦脱落的主要原因，下列说法中正确的是（）A．甲图中前后面的同性磁极间距较小，同性磁极相互斥力大，容易脱落B．甲图中前后面的异性磁极间距较小，异性磁极相互引力大，不容易脱落C．乙图中前后面的同性磁极间距较大，同性磁极相互斥力小，不容易脱落D．乙图中前后面的异性磁极间距较大，异性磁极相互引力小，容易脱落8．如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，通电直导线与磁场方向垂直，导线长度为L，导线中电流为I．该导线所受安培力F的大小是（）A．F=B．F=C．F=BIL D．F=9．在下列图中“⊗”表示直线电流方向垂直纸面向里，“⊙”表示直线电流方向垂直纸面向外，则下列图形中能正确描绘直线电流周围的磁感线的是（）A．B．C．D．10．如图所示，AB为光滑竖直杆，ACB为构成直角的光滑L形直轨道，C处有一小圆弧连接可使小球顺利转弯（即通过转弯处不损失机械能）．套在AB杆上的小球自A点静止释放，分别沿AB轨道和ACB轨道运动，如果沿ACB轨道运动的时间是沿AB轨道运动时间的1.5倍，则BA与CA的夹角为（）A．30°B．45°C．53°D．60°11．如图所示，两个闭合铝环A、B与一个螺线管套在同一铁芯上，A、B可以左右摆动，则判断正确的是（）A．在S闭合的瞬间，A、B必相吸B．在S闭合的瞬间，A、B必相斥C．在S断开的瞬间，A、B必相斥D．因不知道电源极性，不可判断12．如图示，电阻不计的正方形导线框abcd处于匀强磁场中．线框绕中心轴OO'匀速转动时，产生的电动势e=200cosV．线框的输出端与理想变压器原线圈相连，副线圈连接着一只“20V、8W’’的灯泡，且灯泡能正常发光，电路中熔断器熔断电流为0.4A，熔断器与输电导线的电阻忽略不计．下列判断正确的是（）A．t=0s时刻的线框中磁通量变化率为最大B．理想变压器原、副线圈匝数之比为10：1C．若副线圈两端并联多只“20V、8W“的灯泡，则最多不能超过10只D．若线框转速减半，产生的电动势e=100cos（l00πt）V13．如图所示，两极板水平放置的平行板电容器与电动势为E的直流电源连接，下极板接地．静电计外壳接地．闭合电键S时，带负电的油滴恰好静止于电容器中的P点．下列说法正确的是（）A．若将A极板向下平移一小段距离，平行板电容器的电容将变小B．若将A极板向上平移一小段距离，静电计指针张角变小C．若将A极板向下平移一小段距离，P点电势将升高D．若断开电键S，再将A极板向下平移一小段距离，则带电油滴将向下运动14．在光滑水平桌面上有一边长为l的正方形线框abcd，bc边右侧有一等腰直角三角形匀强磁场区域efg，三角形腰长为l，磁感应强度垂直桌面向下，abef在同一直线上，其俯视图如图所示，线框从图示位置在水平拉力F作用下向右匀速穿过磁场区，线框中感应电流i及拉力F随时间t的变化关系可能是（以逆时针方向为电流的正方向，时间单位为）（）A．B．C．D．15．如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域，其直角边长为L，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B．一边长为L总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流为正，则表示线框中电流i随bC边的位置坐标x变化的图象正确的是（）A．B．C．D．16．所有电磁波在真空中传播时都具有相同的（）A．频率B．波长C．波速D．能量17．如图，通电导线MN与圆形线圈共面且相互绝缘｡当MN中电流突然增大时，线圈所受安培力的合力方向（）A．向左B．向右C．向上D．向下18．连接在电池两极上的平行板电容器，当两极板之间的距离减小时，则（）A．电容器极板的带电量Q变大B．电容器两极板间的电场强度E变大C．电容器两极板的电势差U变大D．电容器的电容C不变19．一矩形线框置于匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直，先保持线框的面积不变，将磁感应强度在1s 时间内均匀地增大到原来的两倍，接着保持增大后的磁感应强度不变，在1s 时间内，再将线框的面积均匀地减小到原来的一半，先后两个过程中，线框中感应电动势的比值为（）A． B．1 C．2 D．420．如图所示，宽度为d的有界匀强磁场竖直向下穿过光滑的水平桌面，一质量为m的椭圆形导体框平放在桌面上，椭圆的长轴平行磁场边界，短轴小于d．现给导体框一个初速度v0（v0垂直磁场边界），已知导体框全部在磁场中的速度为v，导体框全部出磁场后的速度为v1：导体框进入磁场过程中产生的焦耳热为Q l导体框离开磁场过程中产生的焦耳热为Q2，下列说法正确的是（）A．导体框离开磁场过程中，读者看到的感应电流的方向为顺时针方向B．导体框进出磁场都是做匀变速直线运动C．Q1=Q2D．Q1+Q2=m（v02﹣v12）二、计算题21．用单位长度质量为m、单位长度电阻为r的薄金属条制成边长为L的闭合正方形框abb′d．如图所示，金属方框水平放在磁极的狭缝间，方框平面与磁场方向平行．设匀强磁场仅存在于异名相对磁极的狭缝间，其它地方的磁场忽略不计．可认为方框的aa′边和bb′边都处在磁极之间．将方框从静止开始释放，在下落过程中其平面始终保持水平（不计空气阻力）．方框下落的最大速度为v m．（1）求磁极狭缝间磁感应强度B的大小（设磁场区域在竖直方向足够长）；（2）当方框下落的加速度为时，求方框的发热功率P；（3）已知方框下落时间为t时，下落高度为h，其速度为v t（v t＜v m）．若在同一时间t内，方框内产生的热量与某恒定电流I0在该框内产生的热量相同，求恒定电流I0的表达式．22．如图为某同学设计的速度选择装置，两根足够长的光滑导轨MM′和NN′间距为L与水平面成θ角，上端接滑动变阻器R，匀强磁场B0垂直导轨平面向上，金属棒ab质量为m恰好垂直横跨在导轨上．滑动变阻器R两端连接水平放置的平行金属板，极板间距为d，板长为2d，匀强磁场B垂直纸面向内．粒子源能发射沿水平方向不同速率的带电粒子，粒子的质量为m0，电荷量为q，ab棒的电阻为r，滑动变阻器的最大阻值为2r，其余部分电阻不计，不计粒子重力．（1）ab棒静止未释放时，某种粒子恰好打在上极板中点P上，判断该粒子带何种电荷？该粒子的速度多大？（2）调节变阻器使R=0.5r，然后释放ab棒，求ab棒的最大速度？（3）当ab棒释放后达到最大速度时，若变阻器在r≤R≤2r范围调节，总有粒子能匀速穿过平行金属板，求这些粒子的速度范围？2016-2017学年河北省保定市定州中学高二（上）周练物理试卷（承智班）（9.25）参考答案与试题解析一、选择题1．光滑金属导轨宽L=0.4m，电阻不计，均匀变化的磁场穿过整个轨道平面，如图中甲所示．磁场的磁感应强度随时间变化的情况如图乙所示．金属棒ab的电阻为1Ω，自t=0时刻起从导轨最左端以v=1m/s的速度向右匀速运动，则（）A．1s末回路中电动势为0.8VB．1s末ab棒所受磁场力为0.64NC．1s末回路中电动势为1.6VD．1s末ab棒所受磁场力为1.28N【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；安培力；电磁感应中的能量转化．【分析】由图读出1s末磁感应强度B，由E=BLv求感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，由F=BIL求出磁场力；【解答】解：A、C由图乙知，1s末磁感应强度B=2T，回路中电动势为E=BLv+Lvt=2×0.4×1V+×0.4×1×1V=1.6V．故A错误，C正确．B、D回路中感应电流为I==A=1.6A，1s末ab棒所受磁场力为F=BIL=2×1.6×0.4N=1.28N．故B错误，D正确．故选：CD2．如图所示，竖直悬挂的金属棒AB原来处于静止状态．金属棒CD棒竖直放置在水平磁场中，CD与AB通过导线连接组成回路，由于CD棒的运动，导致AB棒向右摆动，则CD棒的运动可能为（）A．水平向右平动B．水平向左平动C．垂直纸面向里平动D．垂直纸面向外平动【考点】安培力．【分析】由右手定则判断选项中CD棒运动情况产生的电流方向，然后由左手定则判断AB受安培力的方向，看其受力与题干中的运动情况是否相符．【解答】解：A、若CD棒水平向右运动或水平向左摆动，则运动方向与磁场方向平行，没有感应电流产生，则AB棒不会受安培力作用，不会运动，故AB错误；C、若CD棒垂直纸面向里平动，由右手定则判断感应电流由A到B，由左手定则判断AB受力向左，则AB将向左摆动，与题干不符，故C错误；D、若CD棒垂直纸面向外平动，由右手定则判断感应电流由B到A，由左手定则判断AB受力向右，则AB将向右摆动，故D正确；故选：D．3．如下所示的各图中，闭合线框中不能产生感应电流的是（）A．B．C．D．【考点】感应电流的产生条件．【分析】根据产生感应电流的条件：穿过闭合线圈的磁通量要发生变化来判断．图丙中，线圈磁通量为零．【解答】解：A、穿过线圈的磁通量时刻在变化，线圈产生感应电流．B、离通电导线越远磁场越弱，穿过线圈的磁通量在减小，线圈产生感应电流．C、线圈保持磁通量为零，不变，不产生感应电流．D、线圈在匀强磁场中，磁通量Φ=BS，保持不变，不产生感应电流．本题选不能产生感应电流的，故选：CD．4．关于感应电动势的大小，下列说法中不正确的是（）A．跟穿过闭合电路的磁通量的大小有关系B．跟穿过闭合电路的磁通量的变化大小有关系C．跟穿过闭合电路的磁通量的变化快慢有关系D．跟电路的电阻大小有关系【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】根据法拉第电磁感应定律可知：感应电动势的大小与穿过电路的磁通量的变化率成正比，磁通量的变化率反映磁通量变化的快慢．【解答】解：A、感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，与磁通量的大小没有直接的关系．故A错误．B、感应电动势的大小与穿过电路的磁通量的变化率成正比，磁通量的变化大小也无关系．故B错误．C、根据法拉第电磁感应定律可知：感应电动势的大小与穿过电路的磁通量的变化率成正比，磁通量的变化率反映磁通量变化的快慢．故C正确．D、感应电动势的大小跟电路中电阻大小无关．故D错误．本题选择错误的，故选：ABD．5．如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其产生感生电流？（）A．线圈向右匀速移动B．线圈向右加速移动C．线圈垂直于纸面向里平动D．线圈绕O1O2轴转动【考点】感应电流的产生条件．【分析】产生感应电流的条件是：闭合回路中的磁通量发生变化．因此解题的关键是通过线圈的运动情况判断其磁通量是否变化，从而判断出是否有感应电流产生．【解答】解：由题可知该磁场是匀强磁场，线圈的磁通量为：Φ=Bs，s为垂直于磁场的有效面积，无论线圈向右匀速还是加速移动或者垂直于纸面向里平动，线圈始终与磁场垂直，有效面积不变，因此磁通量一直不变，所以无感应电流产生，故ABC错误；当线圈绕O1O2轴转动时，在转动过程中，线圈与磁场垂直的有效面积在不断变化，因此磁通量发生变化，故有感应电流产生，故D正确．故选D．6．如图所示的匀强磁场中有一个闭合线圈．保持线圈平面始终与磁感线垂直，当线圈在磁场中上下运动时（图①），当线圈在磁场中左右运动时（图②），先把弹簧线圈撑开（图③），后放手让线圈收缩（图④）．其中能产生感应电流的图是（）A．图①②B．图②③C．图③④D．图①④【考点】感应电流的产生条件．【分析】通过线圈面积的磁通量发生变化时，则会出现感应电动势，当电路闭合时，则产生感应电流．【解答】解：线圈自下向上运动，穿过线圈的磁通量没变，所以没有产生感应电流，故①错误；线圈自左向右运动，因为是匀强磁场，穿过线圈的磁通量没变，所以没有产生感应电流，故②错误；线圈扩张，导致穿过线圈的磁通量变化，从而产生感应电流，故③正确；线圈收缩，导致穿过线圈的磁通量变化，从而产生感应电流，故④正确；故选：C7．磁力玻璃擦是目前很时尚的玻璃清洁器，其原理是利用异性磁极的吸引作用可使外面的一片跟着里面的一片运动，旧式磁力玻璃擦在使用时由于相对移动会导致前后两面的同性磁极间距较小，由于同性磁极相互斥力作用很容易脱落，其内部N、S磁极分布如图甲所示．经过改进后，新式磁力玻璃擦其内部的N、S磁极分布如图乙所示，使用时两片不易脱落，关于两种磁力玻璃擦脱落的主要原因，下列说法中正确的是（）A．甲图中前后面的同性磁极间距较小，同性磁极相互斥力大，容易脱落B．甲图中前后面的异性磁极间距较小，异性磁极相互引力大，不容易脱落C．乙图中前后面的同性磁极间距较大，同性磁极相互斥力小，不容易脱落D．乙图中前后面的异性磁极间距较大，异性磁极相互引力小，容易脱落【考点】磁现象和磁场．【分析】同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，同名磁极靠的越近，磁极间的引力越大，异名磁极间的距离越近，斥力越大．【解答】解：A、由图示可知，甲图中前后面的同性磁极间距较小，同性磁极相互斥力大，容易脱落，故A正确；B、异性磁极间距较小，异性磁极相互引力大，越不容易脱落，故B错误；C、由图示可知，乙图中前后面的同性磁极间距较大，同性磁极相互斥力小，不容易脱落，故C正确；D、前后面的异性磁极间距等于玻璃的厚度，与磁力玻璃擦结构无关，故D错误；故选AC．8．如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，通电直导线与磁场方向垂直，导线长度为L，导线中电流为I．该导线所受安培力F的大小是（）A．F=B．F=C．F=BIL D．F=【考点】安培力．【分析】安培力公式为：F=BIL，注意公式的适用条件是：匀强磁场，电流和磁场方向垂直．【解答】解：由图可知电流与磁场方向垂直，因此直接根据安培力的大小为：F=BIL，故ABD错误，C正确．故选：C．9．在下列图中“⊗”表示直线电流方向垂直纸面向里，“⊙”表示直线电流方向垂直纸面向外，则下列图形中能正确描绘直线电流周围的磁感线的是（）A．B．C．D．【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】根据右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向．【解答】解：右手握住直导线，大拇指所指方向为电流方向，四指弯曲方向为电流周围的磁场方向．故D正确，A、B、C错误．故选：D．10．如图所示，AB为光滑竖直杆，ACB为构成直角的光滑L形直轨道，C处有一小圆弧连接可使小球顺利转弯（即通过转弯处不损失机械能）．套在AB杆上的小球自A点静止释放，分别沿AB轨道和ACB轨道运动，如果沿ACB轨道运动的时间是沿AB轨道运动时间的1.5倍，则BA与CA的夹角为（）A．30°B．45°C．53°D．60°【考点】牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】以小球为研究对象，分别求出沿AC和ABC运动的时间，注意两种运动情况的运动遵循的规律，特别是在C点的速度即是上一段的末速度也是下一段的初速度，利用关系式和几何关系灵活求解．【解答】解：设AB的长度为2L，小球沿AB做自由落体运动，运动的时间t2满足：可解得t2=…①小球沿AC段运动时，a=gcosα，且AC=2Lcosα，所需的时间t AC满足；解得：在C点小球的速度v=at AC，以后沿BC做匀加速运动，其加速度为：a'=gsinα，且BC=2Lsinα故：2Lsinα=vt BC+其中t BC=1.5t2﹣t AC=0.5t2=代入后解得：tanα=，即α=53°故选：C11．如图所示，两个闭合铝环A、B与一个螺线管套在同一铁芯上，A、B可以左右摆动，则判断正确的是（）A．在S闭合的瞬间，A、B必相吸B．在S闭合的瞬间，A、B必相斥C．在S断开的瞬间，A、B必相斥D．因不知道电源极性，不可判断【考点】楞次定律．【分析】当开关闭合或断开时，穿过线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，同向电流相互吸引，反向电流相互排斥．【解答】解：A、在S闭合瞬间，穿过两个线圈的磁通量变化相同，线圈中产生同方向的感应电流，同向电流相吸，则A、B 相吸，A正确，B错误；C、在S断开瞬间，穿过两个线圈的磁通量变化相同，线圈中产生同方向的感应电流，同向电流相吸，则A、B 相吸，CD错误．故选：A12．如图示，电阻不计的正方形导线框abcd处于匀强磁场中．线框绕中心轴OO'匀速转动时，产生的电动势e=200cosV．线框的输出端与理想变压器原线圈相连，副线圈连接着一只“20V、8W’’的灯泡，且灯泡能正常发光，电路中熔断器熔断电流为0.4A，熔断器与输电导线的电阻忽略不计．下列判断正确的是（）A．t=0s时刻的线框中磁通量变化率为最大B．理想变压器原、副线圈匝数之比为10：1C．若副线圈两端并联多只“20V、8W“的灯泡，则最多不能超过10只D．若线框转速减半，产生的电动势e=100cos（l00πt）V【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；变压器的构造和原理．【分析】线圈在匀强磁场中绕垂直磁场的转轴匀速转动，产生正弦式交变电流，最大值E m=NBSω；然后结合变压器的变压比公式和输入、输出功率关系列式分析．【解答】解：A、图示位置线圈与中性面垂直，感应电动势最大，故线框中磁通量变化率最大，故A正确；B、线框绕中心轴OO′匀速运动时，产生的电压u=200sin100πt，故输入变压器的电压的有效值为：U==200V；灯泡能正常发光，故变压器的输出电压为20V；根据变压比公式，有：，故B正确；C、电路中熔断器熔断电流为0.4 A，此时根据能量守恒定律，有：U1I1=U2（nI L）解得：n=故副线圈两端并联“20V、8W”的灯泡最多不能超过14只，故C错误；D、若线框转速减半，根据公式E m=NBSω，产生的电压也减半，ω=2πn=50π，则产生的电动势e=100cos（50πt）V，故D错误；故选：AB．13．如图所示，两极板水平放置的平行板电容器与电动势为E的直流电源连接，下极板接地．静电计外壳接地．闭合电键S时，带负电的油滴恰好静止于电容器中的P点．下列说法正确的是（）A．若将A极板向下平移一小段距离，平行板电容器的电容将变小B．若将A极板向上平移一小段距离，静电计指针张角变小C．若将A极板向下平移一小段距离，P点电势将升高D．若断开电键S，再将A极板向下平移一小段距离，则带电油滴将向下运动【考点】电容；电势；带电粒子在混合场中的运动．【分析】电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化．【解答】解：A、若将A极板向下平移一小段距离，板间距离d减小，根据C=知，电容增大．故A错误．B、由于电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差不变，则静电计指针张角不变．故B错误．C、由于板间电势差不变，d减小，则板间电场强度增大，P点与下极板的电势差增大，则P点的电势升高．故C正确．D、电容器与电源断开，则电荷量不变，d改变，根据C=、C=和E=，可得E=，则知板间电场强度不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态．故D错误．故选：C．14．在光滑水平桌面上有一边长为l的正方形线框abcd，bc边右侧有一等腰直角三角形匀强磁场区域efg，三角形腰长为l，磁感应强度垂直桌面向下，abef在同一直线上，其俯视图如图所示，线框从图示位置在水平拉力F作用下向右匀速穿过磁场区，线框中感应电流i及拉力F随时间t的变化关系可能是（以逆时针方向为电流的正方向，时间单位为）（）A．B．C．D．【考点】法拉第电磁感应定律；导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．【分析】分段确定线框有效的切割长度，分析线框中感应电动势的大小与位置坐标的关系．线框的电阻一定，感应电流与时间成正比；根据安培力的表达式F=，而L=vt，从而即可求解．【解答】解：A、bc边的位置坐标x在L﹣2L过程，线框bc边有效切线长度为l=x﹣L，感应电动势为E=Blv=B（x﹣L）v，感应电流i==，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→b→c→d→a，为正值．x在2L﹣3L过程，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→d→c→b→a，为负值，线框ad边有效切线长度为l=x﹣2L，感应电动势为E=Blv=B（x﹣2L）v，感应电流i=﹣=﹣，根据数学知识知道A错误，B正确．C、在水平拉力F作用下向右匀速穿过磁场区，因此拉力等于安培力，而安培力的表达式F=，而L=vt，则有：F=，因此C错误，D正确；故选：BD15．如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域，其直角边长为L，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B．一边长为L总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流为正，则表示线框中电流i随bC边的位置坐标x变化的图象正确的是（）A．B．C．D．【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【分析】分段确定线框有效的切割长度，分析线框中感应电动势的大小与位置坐标的关系．线框的电阻一定，感应电流与感应电动势成正比．【解答】解：bC边的位置坐标x在L﹣2L过程，线框bc边有效切线长度为l=x﹣L，感应电动势为E=Blv=B（x﹣L）v，感应电流i==，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→b→c→d→a，为正值．x在2L﹣3L过程，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→d→c→b→a，为负值，线框ad边有效切线长度为l=x﹣2L，感应电动势为E=Blv=B（x﹣2L）v，感应电流i=﹣=﹣，根据数学知识知道C正确．故选C16．所有电磁波在真空中传播时都具有相同的（）A．频率B．波长C．波速D．能量【考点】电磁波的发射、传播和接收．【分析】电磁波的传播速度和光的传播速度相同，是3×108m/s，是一定值，和电磁波的频率、波长、周期无关．【解答】解：电磁波的传播速度是一定值，是3×108m/s，和电磁波的频率大小、波长长短、周期长短无关，不同的电磁波传播的速度相同．电磁波的波速、频率、波长关系式为：c=λ•f，不同的电磁波频率和波长不等；。
【人教版】2020学年高二物理上学期周练8 人教 新目标 版
2020学年高二物理上学期周练8考试时间：45分钟 命题人： 满分：100分一、知识清单（每空1分，计12分） 1. 电势能(1) 电场力做功的特点：电场力做功与 无关，只与初、末位置有关。
(2) 电势能① 定义：与重力势能一样，电荷在电场中也具有势能，这种势能叫电势能，规定零势点后，电荷在某点的电势能，等于把它从该点移到 位 置时静电力所做的功。
不同的电荷在同一点所具有的电势能不一样：p E =q ϕ。
② 电场力做功与电势能变化的关系：电场力做的功等于电势能的减少量，即 WAB ＝EpA －EpB ＝－ΔEp ＝()A B q ϕϕ-＝A B qU 或A B A B W U q=。
2. 电势(1)定义：试探电荷在电场中某点具有的电势能Ep 与它的电荷量q 的 。
(2) 定义式(3) 矢标性：电势是标量，有正、负之分，其正(负)表示该点电势比零电势高(低)。
(4) 相对性：电势具有相对性，同一点的电势因选取零电势点的不同而 。
【关键一点】某点的电势与零电势点的选取有关。
通常取无限远或大地的电势为零。
3. 等势面(1) 定义：电场中电势相等的各点组成的面。
(2) 四个特点：① 等势面一定与电场线 。
② 在同一等势面上移动电荷时电场力 做功。
③ 电场线方向总是从电势高的等势面 电势低的等势面。
④ 等差等势面越密的地方电场强度越大，反之越小。
4、电势差1. 定义：电荷在电场中，由一点A 移到另一点B 时，电场力做功与移动电荷的电荷量的 。
2. 定义式： 。
3. 电势差与电势的关系：UAB ＝φA －φB ，UAB ＝－UBA 。
5、匀强电场中电势差与电场强度的关系 1. 电势差与电场强度的关系匀强电场中两点间的电势差等于电场强度与这两点沿 距离的乘积。
即U ＝Ed ，也可以写作E ＝U d 。
2. 公式U ＝Ed 的适用范围： 。
二、选择题(本题共8小题，每小题8分，共64分，第1-5题只有一个正确选项，第6-8题有多个正确选项，全部答对的得8分，选对但不全的得5分，选错或不选的得0分)1、如图所示，在－Q 形成的电场中，有a 、b 、c 三点，它们到点电荷的距离为r a <r b <r c ，且U ab ＝U bc 。
高二物理第8周周末定时练参考答案
高二物理第8周周末定时练参考答案1、【答案】B2、【答案】C【解析】A、B、电键S闭合瞬间，线圈L对电流有阻碍作用，则相当于灯泡A与B串联，因此同时亮，且亮度相同，稳定后B被短路熄灭，故A错误，B错误；C、D、稳定后当电键K断开后，A马上熄灭，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源左端为高电势，与灯泡B构成闭合回路放电，流经灯泡B的电流是由b到a，B闪一下再熄灭，故C 正确，D错误；故选：C．3、【答案】CD【分析】:分子之间的相互作用的引力和斥力都随分子间距离的减小而增大，只是分子引力的变化慢，斥力变化快，当r=r0时分子引力等于分子斥力，r大于平衡距离时分子力表现为引力，当r小于r0时分子间的作用力表现为斥力．当分子间距离等于平衡距离时，分子力为零，分子势能最小．解：A、B、C、乙分子由a运动c，分子表现为引力，分子力做正功，动能增大，分子势能减小，所以乙分子在c处分子势能最小，在c处动能最大，故AB错误，C正确；D、由题图可知，乙在d点时受到的分子力最大，所以乙分子在d处的加速度最大．故D错误．故选：C．4、【答案】C 【解析】A、由于不考虑分子间作用力，氢气和氧气只有分子动能，温度相同，它们的平均动能相同，故AB错误，C正确；D、由于分子的质量不同，则分子的平均速率不相同，故D错误；故选：C．5、【答案】BD【解答】解：A、根据乙图可知，原线圈电压的最大值为311V，则有效值，根据理想变压器电压与匝数成正比得：，解得：U2=44V，所以电压表示数为44V，故A错误；B、根据乙图可知，原线圈电压的最大值为311V，，则电压u的表达式u=311sin100πt（V），故B正确；C、原线圈电压不变，线圈匝数不变，仅增大电压u的频率，电压表示数不变，则D1亮度不变，电感线圈通低频阻高频，则频率越大，阻碍作用越大，所以D2变暗，故C错误，D正确．故选：BD6、【答案】BC【解析】A、因灯泡正常发光，则原副线圈的电流比为：1：2，则A错误；B、由于电流与匝数成反比，则理想电压表原副线圈的匝数之比2：1，则B正确；C、副线圈的电压为20V，则原线圈的电压为40V，由于线圈的内阻r=Ω，因电流为1.5A，那么最大值为60=BSω，求得ω=120rad/s，则C正确；D、电压表的示数为有效值40V，则D错误；故选：BC．7、【答案】AC 8、【答案】AD 9、【答案】AB【解答】解：A、C把变压器和R看做一个整体，等效电阻为R′，则当R′=r时，总功率为P总==负载功率为P负载=，则其效率为50%．则A正确，C错误；B、电流表的读数为有副线圈电流的有效值：原线圈电流有效值为I1=，则：=，故B正确；D 、由图知周期为0.04S ，则其ω=，则瞬时值表达式为e=E m sin （50π），故D 错误； 故选：AB ．10、【答案】AC分析：导体棒下落过程中切割磁感线，回路中形成感应电流，根据右手定则可以判断电流的方向，正确分析安培力可以求解加速度．下落过程中正确应用功能关系可以分析产生热量与重力势能减小量的大小关系．解答： 解：A 、金属棒释放瞬间，速度为零，感应电流为零，不受安培力，由于弹簧处于原长状态，因此金属棒只受重力作用，故其加速度的大小为g ，故A 正确；B 、当弹簧的拉力与安培力之和和金属棒的重力第一次大小相等时，金属棒的速度最大，产生的感应电流最大，故B 错误；C 、根据右手定则可知，金属棒向下运动时，流过电阻R 电流方向为b→a，故C 正确；D 、最终金属棒静止，此时弹簧处于伸长状态，由能量转化和守恒知重力势能转化为弹性势能和焦耳热，所以电阻R 上产生的总热量小于金属棒重力势能的减少量，故D 错误．故选：AC ．点评：根据导体棒速度的变化正确分析安培力的变化往往是解决这类问题的重点，在应用功能关系时，注意弹性势能的变化，这点是往往被容易忽视的．11、【答案】AD 【解析】S 闭合前，ef 自由落体，到闭合时，设瞬时速度大小为v ，此时ef 所受安培力F 安＝B 2l 2v R ，F 安可能出现大于2mg 的情况，故A 正确．不同时刻闭合S ，可能会出现三种情况：(1)F 安＝mg 时，ef 正好从此时开始匀速运动，速度v ＝mgR B 2l 2(2)F<mg 时，ef 加速至F 安＝mg 后再匀速运动，此时速度v ＝mgR B 2l 2.(3)F>mg 时，ef 减速至F 安＝mg 后再匀速运动，此时速度v ＝mgR B 2l 2.所以最终速度v ＝mgR B 2l 2与最大功率P ＝E 2R ＝B 2l 2v 2R与S 闭合时刻无关，匀速下滑时重力势能→电能→内能． 12、【答案】BD 13、【答案】AC14、【解析】 (1)根据实验要求,所缺的器材为量筒、痱子粉、坐标纸;(2)在“用油膜法估测分子大小”的实验中,一般将油膜看成单分子膜,将油酸分子看做球形;用油酸酒精溶液且取一滴滴在浅盘水面上是为了使油膜面积不至于偏大而接触盘壁造成误差.先在水面上均匀撒些痱子粉是为了使轮廓更清晰(3)按照实验步骤,其操作顺序为dacb;(4)计算小正方形个数时,不足半个的舍去,多于半个算一个,则数出小正方形个数为55.小正方形边长的单位越小,求出的面积越精确.一滴纯油酸的体积为,这滴油酸在水面上散开的面积为Xa 2,则D=.15、【答案】(1)10N(2) 2 m/s 2 (3) 91.5J【解析】（1）由图像可知，导体棒运动的速度达到10m/s 时开始做匀速运动，此时安培力和拉力F 大小相等。
高二物理定时训练(01)
高二物理定时训练（01）测试时间50分钟满分100分一、选择题（6×8分）1、关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关B．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低C．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零D．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向答案：D2．如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O点为半圆弧的圆心，∠MOP ＝60°.电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点，这时O点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移到P点，则O点的电场强度大小变为E2.则E1与E2之比为()．A．1∶2 B．2∶1C．2∶ 3 D．4∶ 3答案：B3、在如下图所示的四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中a、b两点电势和电场强度都相同的是()．答案：C4、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即＝U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过U该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点．据此可知()．A．三个等势面中，c的电势最高B．带电质点通过P点时的电势能较Q点大C．带电质点通过P点时的动能较Q点大D．带电质点通过P点时的加速度较Q点大答案：ABD5、如图所示，匀强电场中有a、b、c三点。
在以它们为顶点的三角形中，∠a＝30°、∠c＝90°。
电场方向与三角形所在平面平行。
已知a、b和c点的电势分别为V、V和2V。
该三角形的外接圆上最低、最高电势分别为( )A．V、VB ．0V 、4VC ．V 、VD ．0V 、2V 答案：B 6、在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形abcd ，顶点a 、c 处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示．若将一个带负电的粒子置于b 点，自由释放，粒子将沿着对角线bd 往复运动．粒子从b 点运动到d 点的过程中( )．A ．先做匀加速运动，后做匀减速运动B ．先从高电势到低电势，后从低电势到高电势C ．电势能与机械能之和先增大，后减小D ．电势能先减小，后增大答案：D7、将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷分别用d 、U 、E 和Q 表示.下列说法正确的是（ ）.保持U 不变，将d 变为原来的两倍，则E 变为原来的一半B.保持E 不变，将d 变为原来的一半，则U 变为原来的两倍C.保持d 不变，将Q 变为原来的两倍，则U 变为原来的一半D.保持d 不变，将Q 变为原来的一半，则E 变为原来的一半答案：AD8、在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了12 J ，金属块克服摩擦力做功8 J ，重力做功24 J ，则以下判断正确的是( )．A ．金属块带负电荷B ．金属块克服电场力做功8 JC ．金属块的电势能减少4 JD ．金属块的机械能减少12 J答案：D二、计算题（16+18+18=52分）9、质量为m 、带电量为-q 的微粒（重力不计），在匀强电场中的A 点时速度为v ，方向垂直于水平电场线向上，在B 点时的速度大小为2v ，如图所示，已知A 、B 两点间的距离为d 。
2020年高二物理 “每周一练”系列试题(27) 新人教版选
2020-2020年高二物理“每周一练”系列试题（27）1．以下说法中，正确的是（）A．采用伏安法测电阻时，只要仪器选得正确，可保证没有系统误差B．用伏安法测电阻，不论是用电流表外接法，还是电流表内接法，都存在系统误差C．用欧姆表测电阻，既准确又方便D．伏安法测电阻，存在系统误差的原因是由于电流表的分压2．如下图所示，用伏安法测电阻，若电流表内阻1Ω，电压表内阻5000Ω，R x约为10Ω，则下图中哪个测量结果较为准确？测量值比真实值偏大还是偏小（）A．甲电路，偏大B．甲电路，偏小C．乙电路，偏大D．乙电路，偏小3．分别用图（a）、（b）两种电路测量同一未知电阻的阻值．图（a）中两表的示数分别为3V、4mA，图（b）中两表的示数分别为4V、3．9mA，则待测电阻R x的真实值为（）A．略小于1kΩ B．略小于750ΩC．略大于1kΩ D．略大于750Ω4．如右图所示电路，用伏安法测量电阻的大小．电阻R＝320Ω时，电流表的示数是15mA，电压表的示数是4．5V．如果用这个电路测量未知电阻R′，电流表的示数是13mA，电压表的示数是5．2V，则电阻R′的大小是（）A．R>420Ω B．400Ω<R′<420ΩC．R′＝420Ω D．无法确定5．如图所示，将一个改装的电流表接入电路进行校准，发现待测表的读数比标准表的读数偏大，如表头G的I g是准确的，出现的误差可能是下述哪种原因引起的（）A．R g的测量值比真实值偏大B．R g的测量值比真实值偏小C．所并联的R并比公式R并′＝I g R gI－I g计算出的R并′偏小D．所并联的R并比公式R并′＝I g R gI－I g计算出的R并′偏大6．“测定金属的电阻率”实验中，以下操作中错误的是（）A．用米尺测量金属丝的全长三次，算出其平均值B．用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值C．用伏安法测电阻时采用电流表内接线路，多次测量后算出平均值；D．实验中保持金属丝的温度不变7．为测定某一电池的电动势和内电阻，下面几组器材中，能完成实验的是（）A．一只电流表、一只电压表、一只变阻器、开关和导线B．一只电流表、两只变阻器、开关和导线C．一只电流表、一只电阻箱、开关和导线D．一只电压表、一只电阻箱、开关和导线8．实验桌上放着晶体二极管、电阻、电容器各一只，性能均正常，外形十分相似．现将多用电表转换开关拨到R×100Ω挡，分别测它们的正、反向电阻加以鉴别：测甲元件时，R正＝R反＝0．5Ω；测乙元件时，R正＝0．5kΩ，R反＝100kΩ；测丙元件时，开始指针偏转到0．5kΩ，接着读数逐渐增大，最后停在100kΩ上．则甲、乙、丙三个元件分别是（）C．电阻、二极管、电容D．二极管、电阻、电容9．在如图所示电路的三根导线中，有一根是断的，电源、电阻器R1、R2及另外两根导线都是好的．为了查出断导线，某同学想先将多用电表的红表笔连接在电源的正极a，再将黑表笔分别连接在电阻器R1的b端和R2的c端，并观察多用电表指针的示数，在下列选项中，符合操作规程的是（）A．直流10V挡B．直流0．5A挡C．直流2．5V挡D．欧姆挡10．导体的电阻是导体本身的一种性质，对于同种材料的导体，下列表述正确的是（）A．横截面积一定，电阻与导体的长度成正比B．长度一定，电阻与导体的横截面积成正比C．电压一定，电阻与通过导体的电流成正比D．电流一定，电阻与导体两端的电压成反比参考答案1、[答案] B[解析]对A、B选项，伏安法测电阻不可能没有系统误差，只能减小，故B选项正确，A选项错误．对C选项，欧姆表测电阻方便但由于刻度不均匀读数误差较大，电池用久了误差更大．因而C选项错误．对D选项，不同的测量电路引起误差的原因不同，故D选项错误．2、[答案] B[解析]R VR x＝500，R xR A＝10，∴R VR x>R xR A，应采用电流表外接法，由于电压表分流，使I A>I x，R x的测量值比真实值偏小．3、[答案] D[解析]先判断采用的测量方法，由于在两种不同的接法中电压表的示数变化大，说明测量的是小电阻，这样电流表分压较大，应该采用（a ）图进行测量比较准确．（a ）图中测量值较真实值偏小．4、[答案] A[解析] R ＝320Ω时，两端电压U ＝4．5V ，则通过R 的电流I R ＝U R ＝4.5320A ＝0．014A ＝14mA通过电压表的电流I V ＝I －I R ＝（15－14）mA ＝1mA电压表内阻R V ＝U I V ＝ 4.51×10－3Ω＝4500Ω 当电阻为R ′时，电压U ′＝5．2V通过电压表的电流I V′＝U ′R V ＝5.24500A ＝1．15mA 通过R ′的电流I R′＝I ′－I V′＝（13－1．15）mA ＝11．85mA电阻R ′＝U ′I R′＝ 5.211.85×10－3Ω＝439Ω． 5、[答案] AD[解析] 待测表的读数偏大，表明通过待测表G 的电流比标准表A 的电流大，使G 的指针偏转较大，反映了R 并支路分去的电流太小，即R 并太大．由并联电路U g ＝U 并，有I g R g＝（I －I g ）·R 并，所以R 并＝I g R g I －I g，在I g 与I 准确时，R 并的阻值偏大，直接反映了R g 的测量值比真实值偏大，所以选项A 、D 正确，B 、C 错误．6、[答案] AC[解析] 应量出金属丝接入电路中的有效长度，而不是全长；金属丝的电阻很小，与电压表内阻相差很大，使金属丝与电压表并联，电压表对它分流作用很小，应采用电流表外接法，故AC 操作错误．7、[答案] ACD[解析] 只有电流表和滑动变阻器是不能求出E 、r ．8、[答案] C[解析] 测电阻时，正反接均相同，故甲为电阻；测二极管时，正接电阻小，反接电阻大；故乙为二极管．多用电表与电容器刚接触时，多用电表（内有电源）给电容器充电，电阻较小，当充电完毕，可看成断路，故电阻很大，所以丙为电容．9、[答案] A[解析] 本题旨在考查对多用电表结构、性能、规格及使用规程的掌握和创造性解决实际问题的能力 ，关键是明确多用电表的使用方法和规程．错误原因是在用直流电流挡时没有估算电路中的最大电流根据题中所给条件，首先判断不能选用欧姆挡，因为使用欧姆挡时，被测元件必须与外电路断开．先考虑电压挡，将黑表笔接在b 端，如果指针偏转，说明R 1与电源连接的导线断了，此时所测的数据应是电源的电动势6V ，基于这一点，C 不能选，否则会烧毁多用电表；如果指针不偏转，说明R 1与电源的导线是好的，而R 1与R 2之间的导线和R 2与电源之间的导线其中之一是坏的，再把黑表笔接在c 点，如果表头指针偏转，说明R 1和R 2之间的导线是断的，否则说明R 2与电源之间的导线是断的，A 项正确．再考虑电流挡，如果黑表笔接在b 端，表针有示数则说明R 1与电源间的导线是断的，此时表头指示数：I ＝E R 1＋R 2＝0．4A ，没有超过量程；如果指针不偏转，证明R 1与电源之间的导线是连通的，而R 1与R 2、R 2与电源之间的导线其中之一是断的；黑表笔接在c 点时，如果表头指针有示数，证明R 1与R 2间的导线是断的，此时表头指针示数：I ＝E R 2＝1．2A ，超过表的量程，故B 错误．10、[答案]．A[解析] 对于同中材料的物体,电阻率是个定值,根据电阻定律s l R ρ=可知A 正确。
2019-2020年高二下学期第5周定时训练物理试题 缺答案
2019-2020年高二下学期第5周定时训练物理试题 缺答案1.如图所示,螺线管置于闭合金属圆环A 的轴线上,当B 中通过的电流减小时().(A)环A 有缩小的趋势(B)环A 有扩张的趋势(C)螺线管B 有缩短的趋势(D)螺线管B 有伸长的趋势2.如图所示,可以将电压升高供给电灯的变压器是图().3.如图所示,灯泡L 1和L 2的规格完全相同,原线圈匝数比副线圈匝数多,下列判断中正确的是( ).(A)变压器工作时,两灯有可能同时正常发光(B)L 2正常工作时,L 1比L 2暗(C)L 2正常工作时,L 1可能已烧毁(D)L 1正常工作时, L 2可能已烧毁 4．2A 直流电流通过电阻R 时，t 秒内产生的热量为Q 。
现让一正弦交变电流通过电阻R ，若2t 秒内产生的热量为Q ，则该交变电流的最大值为（ ）A ．1AB ．2AC ．AD ． A 5．如图3.3-4所示，三个灯泡是相同的，而且耐压足够高，交、直流两电源的内阻忽略，电动势相等，当S 接a 时三个灯泡的亮度相同，那么S 接b 时（ ）A ．三个灯泡亮度相同B ．甲灯最亮，丙灯不亮C ．甲灯和乙灯亮度相同，丙灯不亮D ．只有丙灯不亮，乙灯最亮6.“嫦娥一号”卫星上装有8种24件探测仪器，其中可能有( )A ．味觉传感器B ．气体传感器C ．听觉传感器D ．视觉传感器 图3.3-47.如图所示,变压器原、副线圈的匝数比为10﹕1,副线圈有一中心抽头e.原线圈接交流电压u=311sin(100πt)(V),副线圈上e、d之间的电压等于_______v,电压的周期T=_______s.8.100匝矩形线圈在匀强磁场中绕其垂直于磁场的一边匀速转动,产生如图所示的电动势.可知线圈转动的角速度ω=____________rad／s.穿过线圈的磁通量最大值φmax=____________Wb,此时的电动势值e=____________V.在t=0.01/6s时刻,线圈平面与磁感应强度的夹角等于___________.9.氖灯接入频率为f=50Hz,电压有效值U=120V的正弦交流电路中共10min.若氖灯点燃和熄灭时的电压均为120V,试求氖灯亮的时间。
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绝密★启用前2020年寿光中学周末定时训练题考试范围：动量守恒定律前四节；考试时间：90分钟；命题人：朱秀梅；审核人：丁金堂注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上一、单选题1．如图所示，垫球是排球运动中通过手臂的迎击动作，使来球从垫击面上反弹出去的一项击球技术，若某次从垫击面上反弹出去竖直向上运动的排球，之后又落回到原位置，设整个运动过程中排球所受阻力大小不变，则（）A．球从击出到落回的时间内，重的力冲量为零B．球从击出到落回的时间内，空气阻力的冲量为零C．球上升阶段阻力的冲量小于下降阶段阻力的冲量D．球上升阶段动量的变化量等于下降阶段动量的变化量2．如图所示，B、C、D、E、F五个球并排放置在光滑的水平面上，B、C、D、E四球质量相等，而F球质量小于B球质量，A球的质量等于F球质量，A球以速度v0向B球运动，所发生的碰撞均为弹性碰撞，则碰撞之后()A．五个小球静止，一个小球运动B．四个小球静止，两个小球运动C．三个小球静止，三个小球运动D．六个小球都运动3．右端带有14光滑圆弧轨道质量为M的小车静置于光滑水平面上，如图所示．一质量为m的小球以速度v0水平冲上小车，关于小球此后的运动情况，以下说法正确的是A．小球可能离开小车水平向右做平抛运动B．小球可能从圆弧轨道上端抛出而不再回到小车C ．小球不可能离开小车水平向左做平抛运动D ．小球不可能离开小车做自由落体运动4．一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A 并留在其中，A 、B 用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示。
则在子弹打击木块A 及弹簧被压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统（ ）A ．动量守恒，机械能守恒B ．动量不守恒，机械能守恒C ．动量守恒，机械能不守恒D ．无法判定动量、机械能是否守恒5．篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎球，手触到球瞬间顺势后引．这样可以减小A ．球对手的力的冲量B ．球对手的力的大小C ．球的动量变化量D ．球的动能变化量6．如图所示，在光滑水平面上质量分别为24A B m kg m kg ==、，速率分别为5/2/A B v m s v m s ，==的A 、B 两小球沿同一直线相向运动，则（ ）A ．它们碰撞前的总动量是18/kg m s ⋅，方向水平向右B ．它们碰撞后的总动量是18/kg m s ⋅，方向水平向左C ．它们碰撞后的总动量是2/kg m s ⋅，方向水平向左D ．它们碰撞前的总动量是2/kg m s ⋅，方向水平向右7．如图所示，质量为m 的小球以速度0v 水平抛出，恰好与倾角为30的斜面垂直相碰，其弹回速度的方向与碰前相反，大小与抛出时的速度大小相等，则小球与斜面碰撞过程中受到的冲量大小为（ ）A ．0mvB ．02mvC ．03mvD ．06mv8．质量为m 的物体，以v 0的初速度沿斜面上滑，到达最高点处返回原处的速度为v t ，且v t ＝0.5v 0，则( ) A ．上滑过程中重力的冲量比下滑时大B ．上滑时和下滑时支持力的冲量都等于零C．合力的冲量在整个过程中大小为32mv0D．整个过程中物体动量变化量为12mv09．如图所示，静止在光滑水平面上质量为M的车厢内有一质量为m的小物块以速度v水平向右运动，小物块与车厢壁碰撞几个来回后与车厢相对静止，则车厢最终的速度（）A．大小为零B．大小为Mvm M+，方向水平向右C．大小为mvm M+，方向水平向左D．大小为mvm M+，方向水平向右10．如图所示，质量为M的木板静置在光滑的水平面上，在M上放置一质量为m的物块，物块与木板的接触粗糙．当物块m获得初速度V0而向右滑动时，在滑动过程中下面叙述正确的是A．若M固定不动，则m对M摩擦力的冲量为零，而M对m的摩擦力做负功B．若M不固定，则m克服摩擦力做的功全部转化为内能C．若M不固定，则m对M的摩擦力做功，等于m克服M的摩擦力做功D．不论M是否固定，m与M相互作用力的冲量大小相等、方向相反11．如图所示，运动员挥拍将质量为m的网球击出，如果网球被拍子击打前、后瞬间速度的大小分别为v1、v2，v1与v2方向相反，且v2＞v1．重力影响可忽略，则此过程中拍子对网球作用力的冲量为（）A．大小为m(v2＋v1)，方向与v1方向相同B．大小为m(v2－v1)，方向与v1方向相同C．大小为m(v2－v1)，方向与v2方向相同D．大小为m(v2＋v1)，方向与v2方向相同12．跳远时，跳在沙坑里比跳在水泥地上完全，这是因为（）A．人跳在沙坑的动量比跳在水泥地上小B．人跳在沙坑的动量变化比跳在水泥地上小C．人跳在沙坑受到的冲量比跳在水泥地上小D．人跳在沙坑受到的冲力比跳在水泥地上小13．水平力F方向确定，大小随时间变化的图像如图甲所示，用力F拉静止在水平桌面上的小物块，物块质量为3 kg，在F从0 开始逐渐增大的过程中，物块的加速度随时间变化的图象如图乙所示，重力加速度大小为10 m/s2，由图象可知( )A．在0～4 s 时间内，水平力F的冲量为48 N·sB．在0～4 s 时间内，水平力F做的功为24JC．在0～4 s 时间内，合外力的冲量为12 N·sD．在0～4 s 时间内，合外力做的功为48J二、多选题14．如图所示，水平速度为v，质量为m的子弹，击中并穿过放在光滑地面质量为M的木块，若木块对子弹的阻力恒定，则下列说法中正确的是（）A．子弹质量m越大，木块获得动能越大B．子弹质量m越小，木块获得动能越大C．子弹速度v越大，木块获得动能越大D．子弹速度v越小，木块获得动能越大15．一个篮球被竖直向上抛出后又落回到拋出点．假设篮球在运动过程中受到的空气阻力大小与其运动的速度大小成正比，下列判断正确的是（）A．上升过程中重力的冲量大小等于下降过程中重力的冲量大小B．篮球运动的过程中加速度一直减小C．上升过程中空气阻力做的功等于下降过程中阻力做的功D．上升过程中空气阻力的冲量大小等于下降过程中空气阻力的冲量大小16．有几个同学在一次运算中，得出了某物体位移x的大小同其质量m、速度v、作用力F和运动时间t的关系式分别如下，其中一定错误的是（）A ．x ＝2v aB ．x ＝3mv FC ．x ＝FtD ．x ＝22mv F17．如图所示，在水平光滑地面上有A 、B 两个木块，A 、B 之间用一轻弹簧连接．A 靠在墙壁上，用力F 向左推B 使两木块之间的弹簧压缩并处于静止状态．若突然撤去力F ，则下列说法中正确的是( )A ．木块A 离开墙壁前，墙对木块A 的冲量大小等于木块B 动量变化量的大小B ．木块A 离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块B 动能的增量C ．木块A 离开墙壁时，B 的动能等于A 、B 共速时的弹性势能D ．木块A 离开墙壁后，当弹簧再次恢复原长时，木块A 的速度为零18．用不可伸长的细线悬挂一质量为M 的小木块，木块静止，如图所示．现有一质量为m 的子弹自左方水平射向木块，并停留在木块中，子弹初速度为v 0，则下列判断正确的是（ ）A ．从子弹射向木块到一起上升到最高点的过程中系统的机械能守恒B ．子弹射入木块瞬间系统动量守恒，故子弹射入木块瞬间子弹和木块的共同速度为0m v m M+ C ．忽略空气阻力，子弹和木块一起上升过程中系统机械能守恒，其机械能一定小于子弹射入木块前的动能D ．子弹和木块一起上升的最大高度为22022()m v g M m +三、实验题19．如图，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。
(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的。
但是，可以通过仅测量____（填选项前的符号），间接地解决这个问题。
A ．小球开始释放高度hB ．小球抛出点距地面的高度HC ．小球做平抛运动的射程(2)图中O 点是小球抛出点在地面上的垂直投影。
实验时，先让入射球1m 多次从斜轨上S 位置静止释放，找到其平均落地点的位置P ，测量平抛射程OP 。
然后，把被碰小球2m 静置于轨道的水平部分，再将入射球1m 从斜轨上S 位置静止释放，与小球2m 相碰，并多次重复。
接下来要完成的必要步骤顺序是_______（填选项前的符号）A ．用天平测量两个小球的质量1m 、2mB ．测量小球1m 开始释放高度hC ．测量抛出点距地面的高度HD ．分别找到1m 、2m 相碰后平均落地点的位置M 、NE ．测量平抛射程OM ，ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为______（用②中测量的量表示）；若碰撞是弹性碰撞，那么应满足的表达式为______（用测量量OP ，OM ，ON 表示）。
20．“验证动量守恒定律”的实验装置如图所示，回答下列问题：(1)每次小球下滑要从______（填“相同位置”或“不同位置”）处由静止释放；(2)实验装置中应保持斜槽末端______；(3)入射小球的质量m A 和被碰小球的质量m B 的大小关系是______；(4)在图中，若已测得m A 、m B 、OP 、OM 、ON 及小球半径均为r ，因此只需验证______便可达到实验目的。
21．某同学设计了一个用打点计时器验证动量守恒定律的实验：在小车A 的前端粘有橡皮泥，推动小车A 使之作匀速运动。
然后与原来静止在前方的小车B 相碰并粘合成一体，继续作匀速运动，他设计的具体装置如图所示。
在小车A 后连着纸带，电磁打点计时器电源频率为50Hz ，长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力。
(1)若已得到打点纸带，并将测得各记数点间距标在下面（如图），A 为运动起始的第一点，则应选_____段来计算A 车的碰前速度，应选_____段来计算A 车和B 车碰后的共同速度。
（以上两空填“AB ”或“BC ”，或“CD ”或“DE ”）(2)已测得小车A的质量m1=0.40kg，小车B的质量m2=0.20kg，由以上测量结果可得，碰前总动量=___________ kg·m/s；碰后总动量=_____________kg·m/s。
（结果保留小数点后3位）由上述实验结果得到的结论是：_____________。
四、解答题22．如图所示，在光滑的水平面上静止放一质量为2m的木板B，木板表面光滑，右端固定一轻质弹簧．质量为m的木块A以速度v0从板的左端水平向右滑上木板B，求：（1）弹簧的最大弹性势能；（2）弹被簧压缩直至最短的过程中，弹簧给木板A的冲量；（3）当木块A和B板分离时，木块A和B板的速度．23．一物体放在水平地面上，如图1所示，已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图2所示，物体相应的速度v随时间t的变化关系如图3所示。