2018年高考物理选择题冲刺练习(带标准答案)
2018高考冲刺物理模拟及试题答案10套
2018高考冲刺物理模拟试题及答案10套模拟试题一满分110分，时间60分钟第Ⅰ卷(选择题 共48分)二、选择题（本题包括8小题，共48分。
每小题给出的四个选项中，14～17题只有一个选项符合题意，18～21题有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）14．地球同步卫星A 和一颗轨道平面为赤道平面的科学实验卫星B 的轨道半径之比为4:1，两卫星的公转方向相同，那么关于A 、B 两颗卫星的说法正确的是 A ． A 、B 两颗卫星所受地球引力之比为1:16B ． B 卫星的公转角速度小于地面上跟随地球自转物体的角速度C ． 同一物体在B 卫星中时对支持物的压力更大D ． B 卫星中的宇航员一天内可看到8次日出15．如图所示为某质点在0-t 2时间内的位移—时间（x-t ）图象，图线为开口向下的抛物线，图中所标的量均已知。
关于该质点在0-t 2时间内的运动，下列说法正确的是（ ） A. 该质点可能做的是曲线运动 B. 该质点一定做的是变加速直线运动C. 该质点运动的初速度大小一定是x t 012D. 该质点在t=0和=t t 2时刻的速度相同16．如图所示，在真空中某点电荷的电场中，将两个电荷量相等的试探电荷分别置于M 、N 两点时，两试探电荷所受电场力相互垂直，且F2=3F1，则以下说法正确的是 A ．这两个试探电荷的电性可能相同 B ．M 、N 两点可能在同一等势面上C ．把电子从M 点移到N 点，电势能可能增大D ．过MN 上某点P （未标出）的电场线与MN 垂直时，P 、N 的距离可能是P 、M 距离的3倍17．一交流发电机和理想变压器按如图电路连接，已知该发电机线圈匝数为N ，电阻为r ，当线圈以转速n 匀速转动时，电压表示数为U ，灯泡（额定电压为U0，电阻恒为R ）恰能正常发光，已知电表均为理想交流电表，则 A ．变压器原、副线圈匝数比为NU:U0B ．电流表示数为CD ．从图示位置开始计时，变压器输入电压的瞬时值u=Usin 2πnt18．2009年诺贝尔物理学奖得主威拉德·博伊尔和乔治·史密斯主要成就是发明了电荷耦合器件（CCD ）图象传感器．他们的发明利用了爱因斯坦的光电效应原理．如图所示电路可研究光电效应规律．图中标有A 和K 的为光电管，其中A 为阳极，K 为阴极．理想电流计可检测通过光电管的电流，理想电压表用来指示光电管两端的电压．现接通电源，用光子能量为10．5 eV 的光照射阴极K ，电流计中有示数，若将滑动变阻器的滑片P 缓慢向右滑动，电流计的读数逐渐减小，当滑至某一位置时电流计的读数恰好为零，读出此时电压表的示数为6．0 V ；现保持滑片P 位置不变，以下判断正确的是（ ） A ． 光电管阴极材料的逸出功为4．5 eV B ． 若增大入射光的强度，电流计的读数不为零C ． 若用光子能量为12 eV 的光照射阴极K ，光电子的最大初动能一定变大D ． 若用光子能量为9．5 eV 的光照射阴极K ，同时把滑片P 向左移动少许，电流计的读数一定不为零19．质量均为1 kg 的木块M 和N 叠放在水平地面上，用一根细线分别拴接在M 和N 右侧，在绳子中点用力F ＝5 N 拉动M 和N 一起沿水平面匀速滑动，细线与竖直方向夹角θ＝60°，则下列说法正确的是（ ） A ．木块N 和地面之间的动摩擦因数μ＝0．25 B ．木块M 和N 之间的摩擦力可能是Ff ＝2．5 N20U RUC ．木块M 对木块N 的压力大小为10 ND ．若θ变小，拉动M 、N 一起匀速运动所需拉力应大于5 N20．如图所示，扇形区域内存在有垂直平面向内的匀强磁场，OA 和OB 互相垂直是扇形的两条半径，一个带电粒子从A 点沿AO 方向进入磁场，从B 点离开，若该粒子以同样的速度从C 点平行与AO 方向进入磁场，则A ．只要C 点在AB 之间，粒子仍然从B 点离开磁场 B ．粒子带负电C ．C 点越靠近B 点，粒子偏转角度越大D ．C 点越靠近B 点，粒子运动时间越短21．如图所示，由一段外皮绝缘的导线扭成两个半径为R 和r 的圆形闭合回路，R>r ，导线单位长度的电阻为λ，导线截面半径小于R 和r ，圆形区域内存在垂直平面向里，磁感应强度大小随时间按B=kt （k>0，为常数）的规律变化的磁场，下列说法正确的是 A ．小圆环中电流的方向为逆时针 B ．大圆环中电流的方向为逆时针C ．回路中感应电流大小为22()()k R r R r λ++D ．回路中感应电流大小为()2k R r λ-三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。
江苏省2018届高考物理压轴冲刺卷(含解析)
江苏省2018届高考物理压轴冲刺卷（含解析）一、单项选择题：本题共5小题，每小题只有一个选项符合题意1.将一物块以初速度v0从地面竖直向上抛出，运动到最高点后返回地面，整个过程所受阻力恒定，取抛出点为坐标原点，竖直向上为x轴正方向，则物块速度的平方v2与位置坐标x的关系图象正确的是A. B. C. D. 【答案】A 【解析】由于阻力存在，则当物体再次返回地面时速度一定小于v0，故BD错误；由于阻力恒定，故上升和下降过程中均为匀变速运动，由v2=2ax可得图像为倾斜的直线，故选项A正确，C错误；故选A.2.将一质量为m的小球从足够高处水平抛出，飞行一段时间后，小球的动能为E k，在经过相同的时间后，小球的动能为2E k(此时小球未落地)，不计空气阻力，重力加速度为g，则小球抛出的初速度大小为A. B. 2 C. 3 D.【答案】B【解析】由动能定理，经时间t,，经过2t 时间，，解得，故选B.3.如图所示，电荷量为Q的正点电荷(图中未画出)与直角三角形ABC处在同一平面内。
D为AB的中点，∠A=30°．若将正的试探电荷从A移到B，或从D移到C，电场力做功均为零。
则A. 点电荷Q一定在AC的中点B. C点电势比A点电势高C. B点的场强比C点的场强大D. 将负试探电荷从C点移到B点，电场力做正功【答案】B【解析】由题意可知，A、B两点电势相等，D、C两点电势相等，点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心，故场源电荷在AB的中垂线和DC的中垂线的交点上，如图可知Q在AC连线上，不在中点，选项A错误；在正点电荷的电场中，离场源电荷越远，电势越低，场强越小，所以C点电势高于A点电势，而B点场强小于C点场强，则选项B正确，C错误；由于B点电势低于C点电势，则U CB>0，故将负的试探电荷从C点移到B点电场力做功W CB=qU CB<0，做负功，则选项D错误；故选B.4.如图甲所示，一理想变压器原线圈接上如图乙所示的正弦交流电，与副线圈相连的两个灯泡规格均为“110V 40W”，电表均为理想电表，原、副线圈匝数比为2：1，开关K闭合前，电路正常工作。
最新-2018年高考最后冲刺试题物理(一)(附答案) 精品
普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物 理（一）本试卷分第Ⅰ卷（选择题 共30分）和第Ⅱ卷（非选择题 共70分）两部分.考试时间为90分钟，满分为100分.第Ⅰ卷 （选择题 共30分）一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题列出的四个选项中，至少有一个是正确的，全选对的得3分，选不全的得1分，选错、多选或者不选的得0分） 1.2018年春季我国首都北京沙尘天气较多，截至2018年5月底，首都地区共发生18次沙尘天气，其中强沙尘暴2次，沙尘暴5次，扬尘天气11次.沙尘暴是由于土地沙化引起的一种恶劣的气象现象，发生沙尘暴时能见度只有几十米，天空变黄发暗，这是由于 A.只有波长较短的一部分光才能到达地面 B.只有波长较长的一部分光才能到达地面 C.只有频率较大的一部分光才能到达地面 D.只有能量较大的光子才能到达地面答案:B 发生沙尘暴时，由于沙尘悬浮在空中，只有波长较长的一部分光通过衍射能到达地面.选项B 正确.2.假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n 倍，则 A.同步卫星的运行速度是第一宇宙速度的n1倍 B.同步卫星的运行速度是第一宇宙速度的n1倍 C.同步卫星的运行速度是地球赤道上的物体随地球自转速度的n 2倍 D.同步卫星的向心加速度是地球表面重力加速度的n1倍 答案:B 由同步卫星：2R GMm =m R v 2得v=R GM =nRg而第一宇宙速度v 1=Rg ，故B 正确.地面赤道上的物体与同步卫星的角速度相同，故有C 、D 都不对.3.2018年5月27日凌晨，印度尼西亚发生5.9级地震，造成几千人死亡，大面积房屋倒塌.地震波分为横波、纵波和面波，假设产生的地震波中有列简谐横波，如图所示是这列简谐横波t=0时刻的图象，经过Δt=1.2 s 时间，恰好第三次重复出现图示的波形.根据以上信息，下面各项能确定的是A.波的传播速度的大小B.经过Δt=0.3 s 时间，质点P 通过的路程C.t=0.6 s 时刻质点P 的速度方向D.t=1.0 s 时刻的波形图答案:ABD 由题意知T=3t∆=0.4 s ，λ=8 m ，则v=Tλ=20 m/s ；对于B 选项，Δt=0.3 s=43T ，而P 此时在平衡位置，故s P =3A=30 cm ；由于不知波的传播方向，故t=0时P 的振动方向也不知，则C 难以确定.A 、B 、D 可以确定.4.处于基态的氢原子，能够从相互碰撞中或从入射光子中吸收一定的能量，由基态跃迁到激发态.已知氢原子由基态跃迁到n=2的激发态需要吸收的能量为10.2 eV ，如果静止的氢原子受其他运动的氢原子的碰撞跃迁到该激发态，则运动的氢原子具有的动能 A.一定等于10.2 eVB.一定等于10.2 eV 的整数倍C.只要大于10.2 eV 就可以了D.一定大于10.2 eV ，且大得足够多才行答案:D 碰撞激发和吸收光子激发是激发原子的两种方式，吸收光子时是选择性吸收，而本题是碰撞激发，应是碰撞过程中损失的机械能被氢原子吸收.损失最大的碰撞是完全非弹性碰撞，取这一模型分析：mv 0=(m+M)v ，则ΔE=21mv 02-21（M+m ）v 2=)(2m M Mm v +.故初动能E 0=21mv 02=M m M +ΔE ，因ΔE 一定，若是电子去碰撞，即m<<M ，则E 0≈ΔE ，应选择C 项，而本题是氢原子去碰撞，即m=M ，则E 0=2ΔE ，故E 0至少是2×10.2 eV 以上才可以，故D 正确.5.如右图所示，两端敞口的容器用活塞A 、B 封闭着一定质量的理想气体，容器和活塞用绝热的材料做成，活塞A 、B 的质量均为m ，可以在容器内无摩擦地滑动.现有一质量也为m 的泥块C 以速度v 0撞在A 上并粘在一起后压缩气体，使气体内能增加,则A.活塞A 获得的最大速度为21v 0 B.活塞B 获得的最大速度为31v 0C.活塞A 、B 速度第一次相等时，气体的内能最大D.气体内能增加量最大为31mv 02答案:AC A 、C 黏合的过程很短，动量守恒，可认为碰撞仅使A 获得一个向左运动的速度v 0/2，A 对.A 获得速度后向左运动压缩气体，气体的压强增大，气体对A 、B 压力将大于外界大气压力，而使B 向左加速，A 向左减速，气体体积减小，当v A =v B 时，外界对气体做功最多（活塞绝热），所以气体内能此时最大，C 对.以后A 继续减速，B 继续加速，气体体积开始增大，压强减小，温度降低，对外做功内能减小，当气体压强减为p 0时，B 的速度最大，B 错.因大气对A 和B 的压力等大反向，A 、B 、C 气体（质量可忽略）组成的系统动量守恒，可求出A 和B 、C 速度相同时的值为v 0/3，但由于在A 、B 速度相等前的过程中，大气压力对A 、B 做的功不为零且无法计算，气体增加的最大内能ΔE 也就无法求出；若已知初态和末态时A 、B 间距，就可求出上述过程中大气压力对A 和B 做的总功W ，由能的转化和守恒定律可知ΔE=W+ΔE k ，其中ΔE k 为系统减小的动能，ΔE k =21·2m(20v )2-21·3m（30v ）2，D 错. 对系统用动量守恒：mv 0=3mv A 得v A =3v ；气体增加的最大内能等于系统动能的减小量：ΔE=21mv 02-21·3m(30v )2=31mv 02，上述解题过程有两处严重错误，也是最易犯的错误，一是C 、A 黏合时有动能损失且最大，二是有大气压力做功.6.利用传感器和计算机可以测量快速变化的力.如右图是用这种方法获得的弹性绳中拉力随时间的变化图线.实验时，把小球举高到绳子的悬点O 处，然后让小球自由下落，若空气阻力可忽略，从此图线所提供的信息，判断以下说法中正确的是A.从t 1到t 3，t 3时刻小球速度最大B.从t 1到t 3，t 2时刻绳子最长C.从t 1到t 3，t 3时刻小球动能最小D.t 3和t 4时刻小球动能相同答案:BD 从图上可知，t 1时刻绳刚开始伸长，t 2时刻小球应在最低处其速度为0，t 3时刻小球返回上升，绳刚恢复原长，与t 1时刻对应，故B 正确.从t 1到t 3，小球下降到弹力F=mg 时，有最大速度，该点在t 1与t 2之间，或t 2与t 3之间，从t 3到t 4，小球竖直上抛再自由落体到绳的原长处，由机械能守恒知D 对.7.四个小球在离地面不同高度同时从静止释放，不计空气阻力，从开始运动时刻起每隔相等的时间间隔，小球依次碰到地面.下列各图中，能反映出刚开始运动时各小球相对地面的位置的是答案:C 因为各个球是间隔相等时间落地的，且都做自由落体运动，由h=21gt 2可得各球初始离地高度之比h 1∶h 2∶h 3……=12∶22∶32∶……，故C 图正确. 8.如右图，空间有垂直于xOy 平面的匀强磁场.t=0的时刻，一电子以速度v 0经过x 轴上的A 点，方向沿x 轴正方向.A 点坐标为（-2R，0），其中R 为电子在磁场中做圆周运动的轨道半径.不计重力影响，则A.电子经过y 轴时，速度大小仍为v 0B.电子在t=6v Rπ时，第一次经过y 轴C.电子第一次经过y 轴的坐标为（0，R 232-） D.电子第一次经过y 轴的坐标为（0，-R 232-） 答案:ABD 因电子在匀强磁场中运动，只受洛伦兹力，做匀速圆周运动，故A 正确.画出轨迹，由几何关系可知，当电子转过30°角时，到达y 轴对应时间t=121T=06v R π，故B 对.电子应向下方偏转，故穿过y 轴时y 坐标：y=-R(1-cos30°)=-232-R ，D 正确. 9.测定运动员体能的一种装置如右图所示，运动员的质量为M ，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮摩擦和质量），绳的另一端悬吊物的质量为m.人用力后蹬传送带而人的重心不动，传送带以速度v 向后匀速运动（速度大小可调），最后可用v Mm的值作为被测运动员的体能参数.则A.人对传送带不做功B.人对传送带做功的功率为mgvC.人对传送带做的功和传送带对人做的功大小相等，但正、负相反D.被测运动员的v Mm值越大，表示其体能越好 答案:BD 人能平衡，则人对皮带的水平方向作用力F=mg ，故做功功率P=mg ·v ，B 对.而人对地位移为0，故皮带对人不做功，体能参数实际上是人做功功率与体重之比，即MmvMg mgv =，D 正确. 10.右图为大型电子地磅电路图，电源电动势为E ，内阻不计.不称物体时，滑片P 在A 端，滑动变阻器接入电路的有效电阻最大，电流较小；称重物时，在压力作用下使滑片P 下滑，滑动变阻器有效电阻变小，电流变大，这样把电流对应的重力值刻在刻度盘上，就可以读出被称物体的重力值.若滑动变阻器上A 、B 间距离为L ，最大值等于定值电阻阻值R 0，已知两弹簧的总弹力与形变量成正比，比例系数为k ，则所称重物的重力G 与电流大小I 的关系为A.G=2kL-0IR EkL B.G=kL C.G=0IR E+kL D.G=kIL 答案:A 由欧姆定律得I=002R LxR E①，而G=kx ②，两式联立，解得G=2kL-IR EkL.故A 正确.普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物 理（一）第Ⅱ卷 （非选择题 共70分）二、非选择题（本大题共6小题，共70分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）11.（8分）人对周围发生的事情，都需要经过一段时间才会作出反应，从发现情况到采取行动所经过的时间叫反应时间.下面是测定反应时间的方法： 甲同学用两手指捏住木尺顶端，乙同学一只手在木尺下部做握住木尺的准备（如图甲），但手的任何部位都不要碰到木尺，当看到甲同学放开手时，乙同学立即握住木尺，现记录如图乙.请回答下列问题：（1）这个实验可以测出哪个同学的反应时间？计算该同学的反应时间. （2）设计一把能直接读出反应时间的尺子，并写出该工具的使用说明. 答案: (1)乙 0.20 s (2)gh 2 （1）可以测乙同学的反应时间，由图知，尺子下落h=20 cm ， 由h=21gt 2，所以t=gh 2=0.20 s.（2）该尺子如图所示，乙同学开始时手在尺子的0刻度位置，这样可直接读出h 的对应时间，h 与t 的换算关系式为t=gh 2. 12.（10分）两实验小组使用相同规格的元件，按右图电路进行测量.他们将滑动变阻器的滑片P 分别置于a 、b 、c 、d 、e 五个间距相同的位置（a 、e 为滑动变阻器的两个端点），把相应的电流表示数记录在表一、表二中，对比两组数据，发现电流表示数的变化趋势不同.经检查，发现其中一个实验组使用的滑动变阻器发生断路.（1）滑动变阻器发生断路的是第___________实验组；断路发生在滑动变阻器_________段. （2）表二中，对应滑片P 在X （d 、e 之间的某一点）处的电流表示数的可能值为（ ）（1）分析电路结构，当P 在c 处时，R 并最大，I 最小，P 在上下两侧移动时，I 应对称变化，故第一组实验正常，第二组出现故障，第二组，当P 从a 向d 移时，I 一直减小，表示电阻一直增大，故应是完好的，断路只能在de 段.（2）滑动变阻器分成四段，每一段设为R 0，由题中c 点电流与a 点电流的关系： I a =2I c ，即I a =RE，I c =00002222R R R R R E +⨯+=04R R E+，得R 0=R.断路发生在ed 间，接x 处时，若在断点以下，则电流范围：04R R E +＜I ＜03R R E+,即51I a <I<41I a ，代入数据，0.168 A<I<0.21 A ， 若x 点在断点以上，则电流I>04+R E=21I a =0.42 A.故只有D 正确.13.（12分）某人在塔顶进行打靶游戏.已知塔高45 m ，在与塔底部水平距离为s 处有一抛靶装置，圆形靶被竖直向上抛出，初速度为v 1，且初速度大小可调节，子弹以v 2=100 m/s 的速度水平飞出.不计人的反应时间及子弹在枪膛中的运动时间，且忽略空气阻力及靶的大小. （1）当s 的取值在什么范围时，无论v 1多大靶都不能被击中？ （2）若s=200 m ，v 1=15 m/s ，试通过计算说明能否击中靶. 答案:（1）300 m （2）不会（1）欲使靶不被击中，抛靶装置应在子弹射程之外，则：H=21gt 2（2分），s 1=v 2t （2分），解之得，s 1=300 m ，所以s 应大于300 m （2分）.（2）设经过时间t 1，子弹恰好在抛靶装置正上方，此时靶离地面h 1，子弹下降h 2. 有：h 1=v 1t 1-21gt 12（2分），h 2=21gt 22（1分），s 2=v 2t 1（1分）.解之，h 1=10 m ，h 2=20 m ，由于h 1+h 2<H ，所以靶不会被击中（2分）.14.（12分）“神舟”六号飞船完成了预定空间科学和技术试验任务后，返回舱于2018年10月17日4时11分开始从太空向地球表面按预定轨道返回，在离地10 km 的高度打开阻力降落伞减速下降，这一过程中若返回舱所受空气阻力与速度的平方成正比，比例系数（空气阻力系数）为k ，设返回舱总质量M=3 000 kg ，所受空气浮力恒定不变，且认为竖直降落，从某时刻开始计时，返回舱的运动v-t 图象如图中的AD 曲线所示，图中AB 是曲线在A 点的切线，切线交于横轴一点B 的坐标为（8，0），CD 是平行于横轴的直线，交纵轴于C 点，C 的坐标为（0，8），g 取10 m/s 2.解决下列问题：（1）在初始时刻v 0=160 m/s 时，它的加速度多大？（2）推证空气阻力系数k 的表达式并算出其值（保留三位有效数字）. （3）返回舱在距地高度h=1 m 时，飞船底部的4个反推力小火箭点火工作，使其速度由8 m/s 迅速减至1 m/s 后落在地面上.若忽略燃料质量的减少对返回舱总质量的影响，并忽略此阶段速度变化而引起空气阻力的变化，试估算每个小火箭的平均推力（保留两位有效数字）. 答案: (1)20 m/s 2 (2)2.35 kg/m (3)2.4×118 N（1）根据速度—时间图象性质可知，在初始v 0=160 m/s 时，过A 点切线的斜率即为此时的加速度，设为a 1，其大小为 a 1=8160=∆∆t v m/s 2=20 m/s 2（4分）.(2)由图知，返回舱的vt 图的斜率逐渐减小，最后是以v 1=8 m/s 的速度做匀速运动. 设返回舱所受空气浮力为f ，在t=0时， 根据牛顿第二定律则有：kv 02+f-Mg=Ma 1， ①（2分） 速度为v 1=8 m/s 时，返回舱受力平衡，即有：kv 12+f-Mg=0. ②（1分） 由①②两式解得：k=21201v v Ma -. 代入数值得：k=228160203000-⨯ kg/m=2.35 kg/m.（1分） （3）设每支小火箭的平均推力为F 0，反推加速度大小为a 2，着地速度为v 2，由题意知，返回舱在距地高度h=1 m 前，已处于匀速运动状态，故返回舱在着地前的加速度由4个小火箭的反推力产生.根据牛顿第二定律：4F 0=Ma 2 ③(1分) 又由运动学公式知：v 22-v 12=-2a 2h ④（1分） 由③④两式解得：F 0=)118(830008)(222221-⨯=-h v v M N=2.4×118N.（2分）15.（12分）如右图所示，一个很长的竖直放置的圆柱形磁铁，产生一个中心辐射的磁场（磁场水平向外），其大小为B=rk（其中r 为辐射半径），设一个与磁铁同轴的圆形铝环，半径为R （大于圆柱形磁铁的半径），而弯成铝环的铝丝的横截面积为S ，圆环通过磁场由静止开始下落，下落过程中圆环平面始终水平，已知铝丝的电阻率为ρ，密度为ρ0，试求：（1）圆环下落的速度为v 时的电功率； （2）圆环下落的最终速度；（3）当下落高度h 时速度最大，从开始下落到此时圆环消耗的电能.答案: (1)RSv k ρπ222 (2) 220k g R ρρ (3)2πρ0RS ［gh-220k g R ρρ］2（1）铝环的电阻R 电=ρS L =ρSR π2（1分），当环的速度为v 时，它所产生的电动势E=BLv=Rk·2πRv=2πkv （1分）， 故电功率P==电R E 2R Sv k ρπ222（2分）. （2）当圆环的加速度为零时，有最大速度.则F A =BIL=电R vm L B 22=R Sv k mρπ22（2分）.而mg=BIL ，解之v m =220kgR ρρ（2分）.（3）由能量守恒定律得Q=mgh-21mv m 2=2πρ0RS ［gh-21（220k g R ρρ）2］（4分）.16.（16分）如图所示为检测某传感器的电路图.传感器上标有“3 V0.9 W ”的字样（传感器可看作一个纯电阻），滑动变阻器R 0上标有“10 Ω1 A ”的字样，电流表的量程为0.6 A ，电压表的量程为3 V.求：（1）传感器的电阻和额定电流；（2）为了确保电路各部分的安全，在a 、b 之间所加的电源电压最大值是多少？（3）如果传感器的电阻变化超过标准值1 Ω，则该传感器就失去作用.实际检测时，将一个恒压电源加在图中a 、b 之间，闭合开关S ，通过调节R 0来改变电路中的电流和R 0两端的若不计检测电路对传感器电阻的影响，你认为这个传感器是否仍可使用？此时a 、b 间所加的电压是多少？答案: (1)10 Ω 0.3 A (2)6 V (3)传感器仍可使用 3 V （1）R 传=U 传2/P 传=9.09Ω=10 Ω（2分） I 传=P 传/U 传=39.0 A=0.3 A （2分）. （2）最大电流I=I 传=0.3 A ，电源电压最大值U m =U 传+U 0（2分） U 传为传感器的额定电压，U 0为R 0取10 Ω时R 0两端的电压，即 U 0=I 传R 0m =0.3×10 V=3 V （1分）， U m =U 传+U 0=3 V+3 V=6 V （1分）.（3）设实际检测时加在a 、b 间的电压为U ，传感器的实际电阻为R 传′. 根据第一次实验记录数据有： U=I 1R 传′+U 1（2分）即U=0.16 A ×R 传′+1.48 V （1分） 根据第二次实验记录数据有： U=I 2R 传′+U 2（2分）即U=0.16 A ×R 传′+0.91 V （1分）解得：R传′=9.5 Ω，U=3 V（1分）传感器的电阻变化为ΔR=R传-R传′=10 Ω＞1 Ω（1分）所以此传感器仍可使用.。
2018年高考理综物理选择题冲刺训练(1)10套含答案
2018年高考理综物理选择题冲刺训练（一）10套含答案2018年高考理综物理选择题冲刺训练01二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。
第19～21题有多选项题目要求。
全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．下列叙述正确的是（）A．力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位B．蹦极运动员离开蹦床上升过程中处于失重状态C．利用霍尔元件能够把电压这个电学量转换为磁感应强度这个磁学量的特性，可以制出测磁感应强度大小的仪器D．探究加速度与质量、合外力关系实验采用的是等效替代的方法15．一摩托车在t＝0时刻由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的at图像如图所示，根据已知的信息，可知（）A．摩托车的最大动能B．摩托车在30 s末的速度大小C．在0～30 s的时间内牵引力对摩托车做的功D．10 s末摩托车开始反向运动16．如图所示，10匝矩形线框，在磁感应强度为0.4 T的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴OO′以角速度为100 rad/s匀速转动，线框电阻不计，面积为0.5 m2，线框通过滑环与一理想变压器的原线圈相连，副线圈接有两只灯泡L1和L2。
已知变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，开关断开时L1正常发光，且电流表示数为0.01 A，则（）A．若从图示位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为200sin 100t VB．灯泡L1的额定功率为2 WC．若开关S闭合，灯泡L1将更亮D．若开关S闭合，电流表示数将增大17．在光滑水平面上充满水平向右的匀强电场，被拉直的绝缘轻绳一端固定在O点，另一端系着带正电的小球，轻绳与水平面平行，OB与电场线平行。
若小球从A点由静止释放后，沿水平面摆动到B 点，不计空气阻力，则关于此过程，下列判断正确的是（ ）A ．小球的动能先变小后变大B ．小球的切向加速度一直变大C ．小球受到的拉力先变大后变小D ．小球受到的电场力做功的功率先增大后减小18．如图所示，在边长为L 的正方形ABCD 阴影区域内存在垂直纸面的匀强磁场，一质量为m 、电荷量为q (q <0)的带电粒子以大小为v 0的速度沿纸面垂直AB 边射入正方形，若粒子从AB 边上任意点垂直射入，都只能从C 点射出磁场，不计粒子的重力影响。
最新-2018年高考最后冲刺试题物理(三)(附答案) 精品
普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物 理（三）本试卷分第Ⅰ卷（选择题 共30分）和第Ⅱ卷（非选择题 共70分）两部分.考试时间为90分钟，满分为100分.第Ⅰ卷 （选择题 共30分）一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题列出的四个选项中，至少有一个是正确的，全选对的得3分，选不全的得1分，选错、多选或者不选的得0分）1.2018年10月4日，瑞典皇家科学院宣布，将本年度诺贝尔物理学奖授予两名美国科学家和一名德国科学家.美国科学家约翰·霍尔和德国科学家特奥多尔·亨施之所以获奖，是因为对基于激光的精密光谱学发展作出了贡献.另一名美国科学家罗伊·格劳伯因为“对光学相干的量子理论的贡献”而获奖.目前，一种用于摧毁人造卫星或空间站的激光武器正在研制中.如图所示，某空间站位于地平线上方，现准备用一束激光射向该空间站，则应把激光器A.沿视线对着空间站瞄高一些B.沿视线对着空间站瞄低一些C.沿视线对着空间站直接瞄准D.条件不足，无法判断答案:C 由于大气层对光的折射，光线在传播中会发生弯曲，但由光路可逆可知，视线与激光束会发生相同的弯曲.2.我国的“神舟”六号载人飞船已发射成功，2018年11月将启动“嫦娥”探月工程.据科学家预测，月球上的土壤中吸附着数百万吨的He 32，每百吨He 32核聚变释放出的能量相当于目前人类一年消耗的能量.下列关于32He 的叙述正确的是A. He 32和H 31互为同位素B. He 32原子核内中子数为2C. He 32原子核外电子数为2D. He 32代表原子核内有2个质子和3个中子的氦原子答案:C 本题所考查的知识点是原子结构、原子核的结构、同位素.所有同位素的质子数相同而中子数不同，选项A 错.32He 原子核内有2个质子，1个中子，32He 原子核外有2个电子，选项B 、D 错，C 正确.3.如图所示，密闭绝热的、具有一定质量的活塞，活塞的下部封闭着理想气体，上部为真空，活塞与器壁的摩擦忽略不计.置于真空中的轻弹簧的一端固定于容器的顶部，另一端固定在活塞上，弹簧处于自然长度后用绳扎紧，此时活塞的重力势能为E p (活塞在底部时的重力势能为零).现绳突然断开，活塞在重力的作用下向下运动，经过多次往复运动后活塞静止，气体达到平衡态.经过此过程A.E p 全部转换为气体的内能B.E p 一部分转换成活塞的重力势能，其余部分仍为弹簧的弹性势能C.E p 一部分转换成弹簧的弹性势能，一部分转换为气体的内能，其余部分仍为活塞的重力势能D.E p 全部转换成弹簧的弹性势能和气体的内能答案:C 最后静止时，活塞的位置有所下降，即重力势能减小，但是不为零，所以选项A 错误.根据能量守恒，减小的重力势能转化为两部分：弹性势能的增加、气体内能的增加，所以选项B 、D 错误.4.我国已经制定了登月计划.假如宇航员登月后想探测一下月球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈，则下列推断正确的是A.直接将电流表放于月球表面，看是否有示数来判断磁场的有无B.将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场C.将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，则可判断月球表面有磁场D.将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某一平面内沿各个方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场答案:C 根据电磁感应现象产生的条件：穿过闭合回路的磁通量发生改变时，回路中有感应电流产生，所以选项A 中，即使有一个恒定的磁场，电流表也不会有示数，所以选项A 错误.同理如果将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，也不能判断出没有磁场，因为磁通量可能是不变的，所以选项B 错误.但是有示数只说明一定是有磁场的，所以选项C 正确.将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某一个与磁场平行的平面内沿各个方向运动，也不会有示数，所以选项D 错误.5.两木块从左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图，连续两次曝光的时间间隔是相等的.由图可知A.在时刻t 2以及时刻t 5两木块速度相同B.在时刻t 3两木块速度相同C.在时刻t 3以及时刻t 4之间某瞬时两木块速度相同D.在时刻t 4以及时刻t 5之间某瞬时两木块速度相同答案:C 设下面的是物体1，上面的是物体2.根据图象得到：下面描述的物体1是做匀速直线运动，设图中的每一个小格的长度为d ，闪光照相的时间间隔为t ，则下面物体1的速度为v 1=td 4，上面物体2在相等的时间间隔内的位移之差也为d ，所以上面描述的物体2是做匀加速直线运动，且t 3时刻是在t 2时刻到t 4时刻的时间的中点，所以t 3时刻的速度v 3=t d 27=3.5t d ，所以选项B 错误.同理可得物体2在t 4时刻的速度v 4=4.5td ，所以物体1和物体2的速度相等的时刻应该在时刻t 3以及时刻t 4之间，所以选项C 正确，选项A 和D 是错误的.6.如图所示，两个质量均为M 的星体，相距为d ，其连线的垂直平分线为AB.O 为两星体连线的中点.设想两星体静止不动，一个质量为m 的物体从O 沿OA 方向运动，则下列说法正确的是A.它受到两星体的万有引力合力大小一直减小B.它受到两星体的万有引力合力大小先增大，后减小C.它受到两星体的万有引力合力大小一直增大D.当物体m 与两星体间距离均为d 时，物体受到万有引力合力大小为238d GMm 答案:B 如图所示，设两个星体之间的距离为2L ，小物体在移动过程某一位置如图所示，夹角为θ，则星体和物体间的距离为图示中的L/sin θ，所以根据万有引力定律得到：物体受到其中一个星体的引力为F 引=G 2)sin (θL Mm =G 22sin L Mm θ，所以受到两个星体的万有引力合力为F=2F 引cos θ=2G 22cos sin LMm θθ，由数学知识得到该表达式是先增大后减小的，所以得到该物体受到两个星体的引力的合力先增大后减小，所以选项A 、C 是错误的，选项B 是正确的.当物体m 与两星体间距离均为d 时，即夹角θ=30°，代入上面表达式，可以得到万有引力的合力大小为G 23d Mm ，所以选项D 错误.7.如图所示，理想变压器的原线圈a 、b 两端接正弦交流电压，副线圈c 、d 两端通过输电线接两只相同的灯泡L 1、L 2，输电线的等效电阻为R ，当开关由原来的闭合状态变为断开时，下列各量中减小的是A.副线圈c 、d 两端的输出电压B.副线圈输电线等效电阻R 上的电压C.通过灯泡L 1上的电流D.原线圈上的电流答案:BD 因为变压器的副线圈上的电压U 2=12n n U 1，当U 1不变时，开关S 断开，副线圈上的电压U 2不会改变，所以选项A 错误.当断开S 时，副线圈输出端的电阻变大，则干路的电流变小，所以电阻R 上的电压变小，所以选项B 符合题意，正确.再根据变压器的电流关系I 1=12n n I 2，副线圈上的电流减小，所以原线圈上的电流也减小，所以选项D 符合题意，正确.副线圈上的电压U 2不变，电流变小，所以电阻R 上的电压减小，则灯泡L 1两端的电压增加，则流过L 1的电流变大，所以选项C 错误.8.如图所示，光在真空和介质的界面MN 上发生偏折，那么下列说法正确的是A.光是从真空射向介质B.介质的折射率为1.73C.光在介质中的传播速度为1.73×118 m ／sD.反射光线与折射光线成60°角答案:BC 因为光的折射角大于入射角，所以光是从介质射向真空的，选项A 错误.根据折射率的公式：n=︒︒30sin 60sin ，所以折射率为1.73，选项B 正确.再由折射率n=vc ，代入数据计算得：v=1.73×118 m ／s ，而反射光线与折射光线成90°，所以选项D 错误.9.如图所示电路，电源有不可忽略的电阻，R 1、R 2、R 3为三个可变电阻，电容器C 1、C 2所带电荷量分别为Q 1和Q 2，下面判断正确的是A.仅将R 1增大，Q 1和Q 2都将增大B.仅将R 2增大，Q 1和Q 2都将增大C.仅将R 3增大，Q 1和Q 2都将不变D.突然断开开关S ，Q 1和Q 2都将不变答案:BC 分析电路得：电容C 1是通过R 3接在电源上，即两端的电压是路端电压，所以仅增大R 1时，电容器C 1上的电荷量Q 1增大，但是电阻R 2上的电压减小，所以电荷量Q 2会减小，所以选项A 错误.仅增大电阻R 2，同理Q 1是增大的，R 2两端的电压变大，所以Q 2也是变大的，选项B 正确.改变电阻R 3，不会对电路造成影响，所以Q 1和Q 2都将不会改变，选项C 正确.如果突然断开开关S ，此时电容C 2会放电，所以电荷量会改变，所以选项D 错误.10.一列横波沿x 轴负方向传播，如图所示，a 表示t 时刻的波形图，b 表示t+0.3 s 时刻的波形图，波长为λ，波速v=420 m/s,Δx=0.2λ,则P 点在x 轴的坐标数值可能是A.118 mB.75 mC.45 mD.35 m答案:C 因为波沿x 轴负方向传播Δx=0.2λ所以波传播的距离为n λ+0.8λ=v Δt=420×0.3 m=126 m所以λ=8.0126 n m,(n=0,1,2,3，…) 当n=0时，λ=2315 m 当n=1时，λ=70 m;当n=2时，λ=45 m;当n=3时，λ=19630 m 故正确选项为C.普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物 理（三）第Ⅱ卷 （非选择题 共70分）二、非选择题（本大题共6小题，共70分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）11.（8分）如图所示电路是测量电流表内阻的实物连接图，实验的操作步骤如下：①将电阻箱R 的电阻调到零；②闭合开关，调节滑动变阻器R 1的滑片，使得电流表达到满偏电流I 0；③保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱的电阻，使得电流表的示数为I 0/2；④读出电阻箱的电阻值R x .可以认为电流表的内阻r 测=R x .（1）已知电流表的量程是50 mA ，内阻约是40 Ω，可供选择的滑动变阻器R 1有：A.阻值0—10 Ω，额定电流2 AB.阻值0—50 Ω，额定电流1.5 A可供选择的电阻箱R 有C.阻值0—99.9 ΩD.阻值0—999 Ω为了比较准确地测量出电流表的内阻，应选用的滑动变阻器R 1是____________；电阻箱R 是_____________.（填仪器前的字母代号）（2）本实验中电流表的测量值r 测与电流表内阻的真实值r 真相比，有（ ）A.r 测＞r 真B.r 测＜r 真C.r 测=r 真D.r 测可能大于r 真，也可能小于r 真（3）如果提高电池的电动势，用此电路测出的电流表的内阻的误差将___________.（填“增大”“减小”或“不变”）答案:（1）A C （2）A （3）减小 （每空2分）12.（8分）放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F 的作用，力F 的大小与时间t 的关系和物块速度v 与时间t 的关系如图所示.取重力加速度g=10 m/s 2.试利用两图线求出物块的质量及物块与地面间的动摩擦因数.答案:由v-t 图线可知，物块在0—3 s 内静止，3—6 s 内做匀加速运动，加速度为a ，6—9 s 内做匀速运动.（2分）设推力F 在三段分别为F 1、F 2、F 3，结合Ft 图线6—9 s 内做匀速运动，可知摩擦力F 3=f=4 N=μmg ，F 2-F 3=2 N=ma ，v 2=6 m/s=at=a ×3（2分）由以上各式得到：m=1 kg （2分）μ=0.4.（2分）13.（14分）一轻质细绳一端系一质量为m=201kg 的小球A ，另一端挂在光滑水平轴O 上，O 到小球的距离为L=0.1 m ，小球跟水平面接触，但无相互作用，在球的两侧等距离处分别固定一个光滑的斜面和一个挡板，如图所示，水平距离s 为2 m ，动摩擦因数为0.25.现有一小滑块B ，质量也为m ，从斜面上滑下，与小球碰撞时交换速度，与挡板碰撞不损失机械能.若不计空气阻力，并将滑块和小球都视为质点，g 取10 m/s 2.试问：（1）若滑块B 从斜面某一高度h 处滑下与小球第一次碰撞后，使小球恰好在竖直平面内做圆周运动，求此高度h.（2）若滑块B 从h=5 m 处滑下，求滑块B 与小球第一次碰后瞬间绳子对小球的拉力.（3）若滑块B 从h=5 m 处下滑与小球碰撞后，小球在竖直平面内做圆周运动，求小球做完整圆周运动的次数.答案:（1）小球恰能完成一次完整的圆周运动，它到最高点的速度为v 1,在最高点，仅有重力提供向心力，则有mg=m Lv 21①（1分） 在小球从最低点运动到最高点的过程中，机械能守恒，并设小球在最低点速度为v ，则又有 21mv 2=mg ·2L+21mv 12②(2分) 解①②得v=5 m/s （1分）滑块从h 高处运动到将与小球碰撞时速度为v ，对滑块由能量转化及守恒定律有mgh=μmg ·2s +21mv 2（1分） 因碰撞后速度交换v=5m/s ，解上式有h=0.5 m.（1分）（2）若滑块从h=5 m 处下滑到将要与小球碰撞时速度为u ，同理有 mgh=21mu 2+μmg ·2s ③ 解得u=95 m/s （2分）滑块与小球碰后的瞬间，同理滑块静止，小球以u=95 m/s 的速度开始做圆周运动，绳的拉力T 和重力的合力充当向心力，则有T-mg=m Lu 2④解④式得T=48 N.（2分） （3）滑块和小球最后一次碰撞时速度为v=5 m/s ，滑块最后停在水平面上，它通过的路程为s ′，同理有 mgh=21mv 2+μmgs ′⑤ （2分） 小球做完整圆周运动的次数为n=s s s 2' +1⑥ (2分) 解⑤⑥得s ′=19 m,n=10次.14.（12分）如图所示，匀强电场分布在正方形ABCD 区域内，电场方向如图所示，M 、N 分别为AB 边和BC 边的中点.一个具有初动能E 0的带电粒子射入电场（沿纸面运动）.如果带电粒子从M 点垂直于电场方向进入电场后，恰好从D 点离开电场.（不计重力）（1）求带电粒子从D 点离开电场时的动能是多大.（2）如果带电粒子从N 点垂直于BC 边方向射入电场，它离开电场时的动能又是多大？答案:（1）设带电粒子的质量为m 、电荷量为q 、初速为v （E 0=21mv 2）；正方形边长为L ，匀强电场的电场强度为E ，带电粒子从M 点垂直于电场方向进入电场后做类平抛运动.从D 点离开电场，说明粒子带正电，沿电场方向的位移为L/2，有2L =21·m qE ·(vL )2,qEL=mv 2=2E 0（4分） 带电粒子从M 点射入，从D 点射出，电场力做功W=qE ·2L =E 0，粒子从D 点离开电场时的动能为E 1，据动能定理有W=E 1-E 0，故E 1=W+E 0=2E 0.（4分）（2）带电粒子从N 点垂直于BC 边方向射入电场，做匀加速直线运动，离开电场时的动能为E 2，据动能定理有qEL=E 2－E 0,得E 2=E 0+qEL=3E 0.（4分）15.（14分）如图所示，空间分布着有理想边界的匀强电场和匀强磁场.左侧匀强电场的场强大小为E 、方向水平向右，电场宽度为L ；中间区域匀强磁场的磁感应强度大小为B ，方向垂直纸面向外.一个质量为m 、电荷量为q 、不计重力的带正电的粒子从电场的左边缘的O 点由静止开始运动，穿过中间磁场区域进入右侧磁场区域后，又回到O 点，然后重复上述运动过程.求：（1）中间磁场区域的宽度d ；（2）带电粒子从O 点开始运动到第一次回到O 点所用时间t.答案:（1）带电粒子在电场中加速，由动能定理，可得：qEL=21mv 2（2分） 带电粒子在磁场中偏转，由牛顿第二定律，可得：Bqv=R v 2，由以上两式，可得R=qmEL B 21.（2分）可见在两磁场区粒子运动半径相同，如图所示，三段圆弧的圆心组成的三角形△O 1O 2O 3是等边三角形，其边长为2R.所以中间磁场区域的宽度为d=Rsin60°=B 21qmEL 6.（3分） （2）在电场中t 1=a v 2=qE m v 2=2qEmL 2 （1分） 在中间磁场中运动时间t 2=3T =qBm 32π （1分） 在右侧磁场中运动时间t 3=65T=qB m 35π （2分） 则粒子第一次回到O 点时所用时间为t=t 1+t 2+t 3=2qEmL 2+qB m 37π.（3分） 16.（14分）如图所示，一个初速度为零的带正电的粒子经过M 、N 两平行板间电场加速后，从N 板上的孔射出，当带电粒子到达P 点时，长方形ABCD 区域内出现大小不变、方向垂直于纸面且更替变化的匀强磁场，磁感应强度B=0.4 T ，每经过t=4π×10-3 s ，磁场方向变化一次.粒子到达P 点时出现的磁场方向指向纸外，在Q 处有一静止的中性粒子，P 、Q 间的距离s=3.0 m,PQ 直线垂直平分AB 、CD.已知d=1.6 m ，带电粒子的比荷为1.0×118 C/kg ，不计重力.求：（1）加速电压为200 V 时带电粒子能否与中性粒子碰撞？（2）画出其轨迹；（3）要使带电粒子与中性粒子碰撞，加速电压的最大值为多大？答案:（1）设带电粒子在磁场中运动的半径为r ，周期为T.有T=Bq m π2=2π×10-3 s=2t （2分） 即磁场改变一次方向，粒子正好运动半个周期，又由动能定理，对粒子在M 、N 之间加速时有qU=21mv 2（1分） 粒子在磁场中运动有qvB=r v 2（1分），得r=BqqUm 2=B q Um /2=0.5 m （1分） 由于s=3.0 m=6r,带电粒子能与中性粒子相碰.（1分）（2）其运动轨迹如右图（4分）（3）要使带电粒子能与中性粒子相碰，应满足s=n ·2r(n 为正整数)且粒子不能打在BC 或AD 边界上（1分）即要求r ≤2d ,代入数据知，当n=2时，r max =0.75 m （1分） 则U max =mqr B 22max 2=450 V .（2分）。
2018全国高考冲刺物理模拟试题(二)(解析版)
2018全国高考冲刺物理模拟试题（二）（解析版）二、选择题（本题包括8小题，共48分。
每小题给出的四个选项中，14～17题只有一个选项符合题意，18～21题有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）17. 下列说法正确的是A. 质子、中子和氘核的质量分别为m1、m2、m3，则质子与中子结合为氘核的反应是人工核转变，放出的能量为（m3－m1－m2）c2B. 交流发电机由产生感应电动势的线圈（通常叫做电枢）和产生磁场的磁体组成，分为旋转电枢式发电机和旋转磁极式发电机，能够产生几千伏到几万伏的电压的发电机都是旋转电枢式发电机C. 1927年戴维孙和汤姆孙分别利用晶体做了电子束衍射实验，证实了电子的波动性并提出实物粒子也具有波动性D. 玻尔将量子观念引入原子领域，提出了轨道量子化与定态的假设，成功地解释了氢原子光谱的实验规律【答案】D【解析】根据爱因斯坦质能方程，当一个质子和一个中子结合成一个氘核时，质量亏损为，因此核反应放出的能量，故A错误；现在大型发电厂的发电机能够产生几千伏到几万伏的电压，输出功率可达几百万兆瓦，所以大多数发电机都是旋转磁极式发电机，故B 错误；1927年戴维孙和汤姆孙利用晶体得到了电子束的衍射图样，有力地证明了德布如意提出的物质波假设，C错误；玻尔原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了氢原子光谱的实验规律，D正确．18. 在光滑圆锥形容器中,固定了一根光滑的竖直细杆，细杆与圆锥的中轴线重合，细杆上穿有小环（小环可以自由转动,但不能上下移动），小环上连接一轻绳，与一质量为m的光滑小球相连，让小球在圆锥内做水平面上的匀速圆周运动，并与圆锥内壁接触。
如图所示，图a中小环与小球在同一水平面上，图b中轻绳与竖直轴成θ（θ<90°）角。
设图a和图b中轻绳对小球的拉力分别为T a和T b，圆锥内壁对小球的支持力分别为N a和N b，则在下列说法中正确的是A. T a一定为零，T b一定为零B. N a不一定为零，N b可以为零C. T a、T b是否为零取决于小球速度的大小D. N a、N b的大小与小球的速度无关【答案】C【解析】试题分析：小球在圆锥内做匀速圆周运动，对小球进行受力分析，合外力提供向心力，根据力的合成原则即可求解．对甲图中的小球进行受力分析，小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圆心提供向心力，所以可以为零，若等于零，则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向不能指向圆心而提供向心力，所以一定不为零；对乙图中的小球进行受力分析，若为零，则小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圆心提供向心力，所以可以为零，若等于零，则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向也可以指向圆心而提供向心力，所以可以为零，故C正确．19. 甲、乙图分别表示两种电压的波形，其中甲图所示的电压按正弦规律变化。
2018年高考物理冲刺压轴试卷(1)(含答案解析)
2018届高三物理压轴题一一．选择题：本题共8小题，每题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不选的得0分。
14．2018年2月12日，中国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射第二十八、二十九颗北斗导航卫星。
这两颗卫星属于中圆地球轨道卫星，是中国北斗三号工程第五、六颗组网卫星，其距离地表的高度为地球半径的3倍。
已知地球的半径为R，地表的重力加速度为g，根据以上信息可以知道，这两颗卫星：( )A.C. 周期为D. 向心加速度为1 4 g15．大量的氢原子处于n＝4能级，该能级的氢原子向低能级跃迁时能向外辐射不同频率的光子，从n＝3能级跃迁到n＝2能级时辐射的光子频率为ν0.若某种金属的极限频率为ν0，则下列说法中正确的是( )A. 氢原子跃迁向外辐射的光子中有6种能使该金属发生光电效应现象B. 由n＝4能级向低能级跃迁时，在辐射出的所有光子中只有2种不能使该金属发生光电效应C. 该金属的逸出功为hν0D. 当该金属发生光电效应时，入射光的强度越大，则光电子的最大初动能越大16．如图所示，质量分别为M和m的A、B两物体叠放在一起置于光滑水平面上。
两物体之间用轻弹簧相连,B上表面水平且光滑，用水平拉力F向右拉A，两物体一起向右加速运动时，A、B间弹簧的长度为L1；用水平拉力F向右拉B，两物体一起向右加速运动时，A.B间弹簧的长度为L2，则弹簧的原长为( )A.12ML mLM m++ B.12mL MLM m++ C.12ML mLM m-+ D.12mL MLM m-+17．如图所示，水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨MN 和PQ ，两导轨间距为L,电阻均可忽略不计。
在M 和Q 之间接有一阻值为R 的电阻器，导体杆ab 质量为m 、电阻为r ，并与导轨接触良好。
最新-2018年高考最后冲刺试题物理(二)(附答案) 精品
普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物 理（二）本试卷分第Ⅰ卷（选择题 共30分）和第Ⅱ卷（非选择题 共70分）两部分.考试时间为90分钟,满分为100分.第Ⅰ卷 （选择题 共30分）一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题列出的四个选项中，至少有一个是正确的，全选对的得3分，选不全的得1分，选错、多选或者不选的得0分）1.北京时间2018年5月27日凌晨，印尼发生5.9级地震造成几千人伤亡.已知地震波分三种：纵波（P 波）,v P =9.9 km/s ，横波（S 波），速度v S =4.5 km/s,面波（L 波），速度v L ＜v S .位于震源上方的某实验室内有水平摆和竖直摆两个摆（如图所示），地震发生时最先剧烈振动的是哪个摆A.甲B.乙C.同时摆D.不能确定答案:B 由t=vs 知最先传到实验室的波为纵波，对于甲、乙两摆，当质点上下振动时，乙摆振动剧烈.而质点前后或左右振动时甲摆振动剧烈，所以乙摆最先剧烈振动.2.2018年我国铁路实施了第六次大提速，提速后运行速度可达200 km/h ，铁路提速要解决许多具体的技术问题，其中提高机车牵引力功率是一个重要问题.已知匀速行驶时，列车所受阻力与速度的平方成正比，即f=kv 2,列车要提速，就必须研制出更大功率的机车，那么当列车分别以180 km/h 和60 km/h 的速度在水平轨道上匀速行驶时，机车的牵引力功率之比为A.3∶1B.9∶1C.27∶1D.81∶1答案:C 当列车匀速行驶时F=f=kv 2，牵引力的功率P=Fv=kv 3，故牵引力的功率之比为1803∶603=27∶1.3.中国空间科学学会发言人在展望21世纪我国航天蓝图时曾透露“中国人登上月球的基本手段已经具备，但中国人登月要有超越先登者的内容”.通过观测和研究，特别是“阿波罗号”载人宇宙飞船和“月球勘探者号”空间探测器的实地勘探，人类对月球的认识已更进一步.如探测器在月球上的一些环形山中发现了质量密集区，依据探测器在飞越这些重力异常区域时，通过地面大口径射电望远镜观察的结果可知下列的说法中正确的是A.飞越重力异常区时，探测器的加速度变小B.飞越重力异常区时，探测器的加速度变大C.如果探测器原来的轨道是圆形，飞越重力异常区时它的轨道稍微偏离圆形D.如果探测器原来的轨道是圆形，飞越重力异常区时它的轨道仍为圆形，但半径明显变化 答案:BC 当探测器飞越月球上的质量密集区时，探测器受到的重力变大，探测器的加速度也变大，此时探测器受到的引力大于它做圆周运动所需的向心力，所以要稍微偏离圆形轨道.4.某体育馆内有一恒温游泳池，气泡由底部缓缓上升，那么在上升过程中，泡内气体(可视为理想气体)A.气泡分子间平均距离增大B.气泡分子平均的动能减小C.气泡不断地吸热D.气泡压强不断减小答案:ACD 气泡由水池底部缓慢上升，则压强不断减小，D 正确.在上升过程中不断与水发生热交换，气泡温度不变，所以分子平均动能不变，B 错误.气泡温度不变，压强减小，即分子间的密集程度减小，一定是气体体积增大，那么分子间平均距离也增大，A 正确.气泡体积增大对外界做功而温度不变，由热力学第一定律可知，气泡一定不断从水中吸收热量，则C 正确.5.美国科研人员正在研制一种新型镍铜长效电池，它是采用半衰期长达100年的放射性同位素镍63（63288Ni ）和铜两种金属作为长寿命电池的材料，利用镍63发生β裂变时释放电子给铜片，把镍63和铜片作电池两极外接负载为负载提供电能.下面有关该电池的说法正确的是A.镍63的裂变方程是6328Ni →-01+6327Cu B.镍63的裂变方程是6328Ni →01e+Cu 6329C.外接负载时镍63的电势比铜片高D.该电池内电流方向是从镍到铜片 答案:BC 根据方程两边质量数与电荷数守恒可判断出结果.6.关于光电效应的规律，下面说法中正确的是A.当某种色光照射金属表面时，能产生光电效应，则入射光的频率越高，产生的光电子的最大初动能也就越大B.当某种色光照射金属表面时，能产生光电效应，如果入射光的强度减弱，从光照至金属表面上到发射出光电子之间的时间间隔将明显增加C.对某金属来说，入射光波长必须大于一极限值，才能产生光电效应D.同一频率的光照射不同金属，如果都能产生光电效应，则所有金属产生的光电子的最大初动能一定相同答案:A 根据光电效应规律可判断.7.如图所示，一细束红光和一细束紫光分别以相同入射角i 由空气射入水中，图中标出了这两种光的折射光线a 和b 及折射角r 和r ′.以下说法正确的是A.a 为红光折射光线，b 为紫光折射光线B.a 为紫光折射光线，b 为红光折射光线C.水对紫光与红光的折射率分别为n 1和n 2，则21n n =r r 'sin sin D.紫光与红光在水中的光速分别为v 1和v 2，则21v v =r r 'sin sin 答案:BD 各种单色光，按红橙黄绿蓝靛紫的顺序，同一种介质对它们的折射率逐渐增大.据n=r i sin sin ，所以a 是紫光折射光线，B 正确.n 1=r i sin sin ，n 2='sin sin r i ,所以21n n =rr sin 'sin ,C 错.据n=v c ，所以有21v v =12n n ='sin sin r r ，D 正确. 8.如图所示的电路中，电源的电动势E 、内电阻r 恒定，要想使电容器C 所带电荷量增加，下列方法正确的是A.增大R 1B.减小R 1C.增大R 2D.减小R 2答案:AC 根据题意分析得：电路的连接形式为灯泡和电阻R 2并联后和电阻R 1串联再接在电源上，电容器的那条支路断开，电容器上的电压是电阻R 1和灯泡上的电压，若要增加电容器的带电荷量，则必须增加电容器两端的电压.当增大电阻R 1时，电容器上的电压总的是变大，所以电容器带电荷量变大，当减小R 1，易得到电容器的带电荷量减小，所以选项B 错误.同理当增加R 2的电阻值时，也会使电容器的带电荷量增加，若减小电阻R 2也会使电容器的带电荷量减小，选项D 错误.综上所述，本题的正确选项为AC.9.如图所示,A 、B 两物体质量分别是m A 和m B ，用劲度系数为k 的弹簧相连，A 、B 处于静止状态.现对A 施竖直向上的力Ｆ提起A ，使B 对地面恰好无压力.当撤去F ，A 由静止向下运动至最大速度时，重力做功是A.m a 2g 2/kB.m b 2g 2/kC.m A (m A +m B )g 2/kD.m B (m A +m B )g+/k答案:C 当B 对地面恰无压力时，B 受弹簧的拉力恰等于物体B 的重力，若令弹簧此时伸长量为Δx 1，则：m B g ＝k Δx 1;当撤去F 时，A 由静止向下运动，当A 受到的弹力等于其重力时，物体A 的速度最大，令弹簧此时的压缩量为Δx 2，则：m A g=k Δx 2.物体Ａ由静止向下运动至最大速度时，A 下落的高度为Δx 1＋Δx 2，所以A 由静止向下运动至最大速度时，重力做功为m A (m A +m B )g 2/k ，即答案为C.10.如右图中的虚线上方空间有垂直线框平面的匀强磁场，直角扇形导线框绕垂直于线框平面的轴O 以角速度ω匀速转动.设线框中感应电流方向以逆时针为正方向，那么在下图中能正确描述线框从右图所示位置开始转动一周的过程中，线框内感应电流随时间变化情况的是答案:A 从图示位置开始线圈转一周时间内第一个四分之一周期和第三个四分之一周期无感应电流产生，第二个四分之一周期和第四个四分之一周期有感应电流产生.由于线圈做匀速转动，故感应电动势大小不变，形成的感应电流大小不变，但是方向发生周期性变化，故A 正确.普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物理（二）第Ⅱ卷（非选择题共70分）二、非选择题部分（本大题共6小题，共70分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）11.（6分）用铁架台将长木板倾斜支在水平桌面上，组成如图甲所示装置（示意图），测量木块沿斜面下滑的加速度.所提供的仪器有长木板、木块、打点计时器（含纸带）、学生电源、米尺、铁架台及导线、开关等.图乙是打点计时器打出的一条纸带，纸带旁还给出了最小刻度为1 mm的刻度尺，刻度尺的零点与O点对齐.打点计时器所用交流电源的频率是50 Hz，相邻计数点间还有四个打点未标出.（1）计数点C到O点的距离是_______________m.（2）根据纸带可以计算出木块下滑的加速度a的大小是______________m/s2（保留三位有效数字）.（3）为了测定木块与长木板间的动摩擦因数，利用上述器材还需要测量的物理量有（指出物理量的名称）___________________________________.答案: (1)0.300 0 (2)2.40 (3)木板的长度和木板上端到水平桌面的高度12.（8分）在做“用电流表和电压表测一节干电池的电动势和内电阻”的实验时（1）某同学连接的实物图如图所示，但当电键闭合时发现电压表有示数而电流表没有示数，实验前仪器都检查过是好的，也就是说只可能是某根连接导线断了.那么，请你分析一下，可能发生断路故障的导线是_____________________（写出所有可能断的导线的编号）.（2）某同学在实验时使用的电流表量程为0—0.6 A ，电压表量程为0—3 V ，并加接了一个已知阻值的定值电阻R 0，如图甲所示，试说明他加接此电阻的作用是_____________，并估算此电阻R 0阻值的范围是_____________________.（3）如果某同学把R 0接到图乙位置，那么他改变滑动变阻器的阻值，测出两组对应的电流表和电压表示数后，还能算出电池的电动势和内电阻吗？并说明简要理由.答案:（1）2、5、6 （2）防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏. 最小值2.5 Ω左右，最大值在15 Ω左右.（3）能 可以把R 0和电池合起来看成是一个等效电源，由ε＝U 1＋I 1r 和ε＝U 2＋I 2r 解出的是这个等效电源的电动势和内电阻，而它的电动势与原电源的电动势相同，它的内电阻为被测电池的内电阻与R 0之和，已知R 0就可以求出被测电池的内电阻了.13.（12分）2018年6月17日，美国密执安大学五名学习航空航天工程的大学生搭乘NASA 的飞艇参加了“微重力学生飞行机会计划”.飞行员将飞艇开到6 000 m 的高空后，让其由静止下落，以模拟一种微重力的环境，下落过程中飞艇所受空气阻力为其重力的0.18倍，这样，可以获得持续25 s 之久的失重状态，大学生们就可以进行微重力影响下的实验，后接着飞艇又做匀减速运动.若飞艇离地面的高度不得低于500 m ，重力加速度g 取10 m/s 2，试计算：（1）飞艇在25 s 内所下落的高度；（2）在飞艇后来的减速过程中，大学生对座位的压力是重力的多少倍？答案: (1)3 000 m (2)2.15倍（1）设飞艇在25 s 内下落的加速度为a 1,根据牛顿第二定律可得：mg-F 1=ma 1（2分） 解得：a 1=m F mg 1-=mm m 1004.010⨯-=9.6 m/s 2(1分) 所以飞艇在25 s 内下落的高度h 1=21a 1t 2=21×9.6 m/s 2×(25 s)2=3 000 m.(2分) （2）25 s 后，飞艇将做减速运动，减速时飞艇的初速度v 为v=a 1t=9.6 m/s 2×25 s=240 m/s （1分）减速运动下落的最大高度h 2为h 2=6 000 m-3 000 m-500 m=2 500 m （1分）减速运动飞艇的加速度大小a 2至少为a 2=ms m h v 25002)/240(2222⨯==11.52 m/s 2（2分） 所以飞艇对大学生的支持力F N 为F N =m ′(g+a 2)=2.15m ′g （2分）由牛顿第三定律可知F N ′=-F N ，即大学生对座位的压力是重力的2.15倍.（1分）14.（12分）如图所示，MN 为一水平面，O 点左侧是粗糙的，O 点右侧是光滑的，一轻质弹簧右端固定在墙壁上，左端与质量为m 的小物体A 相连，A 静止在O 点时，弹簧处于原长状态.另一质量也为m 的物块B 在大小为F 的水平恒力作用下由C 处从静止开始向右运动.已知物块A 、B 与水平面的粗糙部分MO 间的滑动摩擦力大小均为F/4，物块运动到D 时撤去外力F.已知CO=4s,OD=s,试求撤去外力后（A 、B 碰后速度相同但不黏连）（1）弹簧的最大弹性势能；（2）物块B 最终离O 点的距离.答案: (1)E p =25Fs (2)5s （1）设B 和A 相碰前的速度为v 0,对B 由动能定理得（F-41F ）×4s=21mv 02(2分) 得v 0=m Fs /6（1分）B 和A 相碰时，由动量守恒得mv 0=2mv 1（1分）得v 1=21m Fs /6（1分）从碰后到A 、B 减速为0时弹簧具有最大弹性势能，由能量守恒得 Fs+21×2mv 12=E p （2分） 得E p =25Fs.（1分） （2）设撤去外力F 后，A 、B 一起回到O 点时的速度为v 2,由机械能守恒得E p =21×2mv 22 v 2=m Fs 2/5（2分）在返回O 点时，A 、B 开始分离，B 在滑动摩擦力作用下向左做匀减速运动，设物块B 距O 点为L 时停止运动.由动能定理得-41FL=0-21mv 22（2分） L=5s.15.（16分）如图所示，虚线上方有场强为E 1=6×118 N/C 的匀强电场，方向竖直向上，虚线下方有场强为E 2的匀强电场（电场线用实线表示），另外在虚线上、下方均有匀强磁场，磁感应强度相等，方向垂直纸面向里.ab 是一长为L=0.3 m 的绝缘细杆，沿E 1电场线方向放置在虚线上方的电、磁场中，b 端在虚线上.将套在ab 杆上的带电荷量为q=－5×10-8 C 的带电小环从a 端由静止释放后，小环先做加速运动而后做匀速运动到达b 端，小环与杆间的动摩擦因数μ=0.25，不计小环的重力，小环脱离ab 杆后在虚线下方仍沿原方向做匀速直线运动.（1）请指明匀强电场E 2的场强方向，说明理由，并计算出场强E 2的大小；（2）若撤去虚线下方磁场，其他条件不变，测得小环进入虚线下方区域后运动轨迹上一点P 到b 的水平距离为L/2，竖直距离为L/3，则小环从a 到b 的运动过程中克服摩擦力做的功为多少？答案:（1）向左 理由见解析 2.4×118 N/C (2)7×10-4J（1）根据题意分析得：因为带负电的小环到虚线下区域时，由左手定则判断出小环受到的洛伦兹力方向向左，这样要使小环做匀速直线运动，电场力方向就要向右，因为小环带负电，所以电场向左.因为在虚线上方区域，后来小环做匀速直线运动，所以μqvB=qE 1①（3分）又因为在虚线下方区域时环也做匀速直线运动，即洛伦兹力和电场力平衡，所以有qvB=qE 2②（3分），由①②两式可解得E 2=25.010641⨯=μE N/C=2.4×118 N/C （2分）. (2)根据题意分析得：撒去磁场后小环做类平抛运动，由题意得：垂直电场方向位移为vt=3L ③（1分），电场方向位移为2L =21m qE 2t 2④（1分），由③④得21mv 2=182L qE （1分）.对环在杆上运动的过程应用动能定理：qE 1L-W f =21mv 2（2分），代入数据解之得W f =qE 1L-21mv 2=qE 1L-182L qE =qL(E 1-182E )=5×10-8×0.3×(6×118-18104.25⨯)J=7×10-4J （3分）.16.(16分) 如图所示为示波管的原理图，电子枪中炽热的金属丝可以发射电子，初速度很小，可视为零.电子枪的加速电压为U 0，紧挨着的是偏转电极YY ′和XX ′，设偏转电极的极板长均为l 1，板间距离均为d ，偏转电极XX ′的右端到荧光屏的距离为l 2.电子电荷量为e ，质量为m （不计偏转电极YY ′和XX ′二者之间的间距）.在YY ′、XX ′偏转电极上不加电压时，电子恰能打在荧光屏上坐标的原点.求：（1）若只在YY ′偏转电极上加电压U YY ′=U 1（U 1>0），则电子到达荧光屏上的速度多大?（2）在第（1）问中，若再在XX ′偏转电极上加上U XX ′=U 2（U 2>0），求出该点在荧光屏上坐标系中的坐标值.答案:（1）设经加速电压后电子的速度为v 0，则根据动能定理电场做功有：eU 0=21mv 02（1分），电子经过YY ′偏转电极的时间为t 1，侧向分速度为v 1，则有t 1=01v L （1分），解得：v 1=mdeU 1t 1（1分），电子打到荧光屏上的速度等于离开YY ′偏转电极时的速度，由以上三个方程联立可解得：v=v 02+v 12=022121022U m d L eU m eU +（3分）. (2)电子在YY ′偏转电极上的侧向位移为y 1=md eU 21t 12（1分），电子离开YY ′偏转电极后的运动时间为t 2、侧向位移为y 2则有t 2=021v l l +（1分），y 2=v 1t 2（1分），电子在y 方向的位移为y=y 1+y 2=0114dU l U (3l 1+2l 2)（1分）.同理：电子在XX ′偏转电极中的侧向位移为：x 1=md eU 22t 12（1分），电子离开XX ′后运动时间为t 3，侧向位移为x 2，则有t 3=02v l （1分），x 2=md eU 2t 1t 3（1分），电子在x 方向的位移为x=x 1+x 2=0124dU l U (l 1+2l 2)（2分），所以光点在荧光屏上的坐标为［0124dU l U (l 1+2l 2),0114dU l U (3l 1+2l 2)］（1分）.。
2018高考冲刺物理模拟试题及答案10套
2018高考冲刺物理模拟试题及答案10套模拟试题一满分110分，时间60分钟第Ⅰ卷(选择题共48分)二、选择题（本题包括8小题，共48分。
每小题给出的四个选项中，14～17题只有一个选项符合题意，18～21题有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）14．地球同步卫星A和一颗轨道平面为赤道平面的科学实验卫星B的轨道半径之比为4:1，两卫星的公转方向相同，那么关于A、B两颗卫星的说法正确的是A．A、B两颗卫星所受地球引力之比为1:16B．B卫星的公转角速度小于地面上跟随地球自转物体的角速度C．同一物体在B卫星中时对支持物的压力更大D．B卫星中的宇航员一天内可看到8次日出15．如图所示为某质点在0-t2时间内的位移—时间（x-t）图象，图线为开口向下的抛物线，图中所标的量均已知。
关于该质点在0-t2时间内的运动，下列说法正确的是（）A.该质点可能做的是曲线运动B. 该质点一定做的是变加速直线运动C. 该质点运动的初速度大小一定是x t 012 D. 该质点在t=0和=t t 2时刻的速度相同16．如图所示，在真空中某点电荷的电场中，将两个电荷量相等的试探电荷分别置于M 、N 两点时，两试探电荷所受电场力相互垂直，且F2=3F1，则以下说法正确的是A ．这两个试探电荷的电性可能相同B ．M 、N 两点可能在同一等势面上C ．把电子从M 点移到N 点，电势能可能增大D ．过MN 上某点P （未标出）的电场线与MN 垂直时，P 、N 的距离可能是P 、M 距离的3倍17．一交流发电机和理想变压器按如图电路连接，已知该发电机线圈匝数为N ，电阻为r ，当线圈以转速n 匀速转动时，电压表示数为U ，灯泡（额定电压为U0，电阻恒为R ）恰能正常发光，已知电表均为理想交流电表，则A ．变压器原、副线圈匝数比为NU:U0B ．电流表示数为 CD ．从图示位置开始计时，变压器输入电压的瞬时值u=Usin 2πnt18．2009年诺贝尔物理学奖得主威拉德·博伊尔和乔治·史密斯主要成就是发明了电荷耦合器件（CCD ）图象传感器．他们的发明利用了爱因斯坦的光电效应原理．如图所示电路可研究光电效应规律．图中标有A 和K 的为光电管，其中A 为阳极，K 为阴极．理想电流20U RU计可检测通过光电管的电流，理想电压表用来指示光电管两端的电压．现接通电源，用光子能量为10．5 eV的光照射阴极K，电流计中有示数，若将滑动变阻器的滑片P缓慢向右滑动，电流计的读数逐渐减小，当滑至某一位置时电流计的读数恰好为零，读出此时电压表的示数为6．0 V；现保持滑片P位置不变，以下判断正确的是（）A．光电管阴极材料的逸出功为4．5 eVB．若增大入射光的强度，电流计的读数不为零C．若用光子能量为12 eV的光照射阴极K，光电子的最大初动能一定变大D．若用光子能量为9．5 eV的光照射阴极K，同时把滑片P向左移动少许，电流计的读数一定不为零19．质量均为1 kg的木块M和N叠放在水平地面上，用一根细线分别拴接在M和N右侧，在绳子中点用力F＝5 N拉动M和N一起沿水平面匀速滑动，细线与竖直方向夹角θ＝60°，则下列说法正确的是（）A．木块N和地面之间的动摩擦因数μ＝0．25B．木块M和N之间的摩擦力可能是Ff＝2．5 NC．木块M对木块N的压力大小为10 ND．若θ变小，拉动M、N一起匀速运动所需拉力应大于5 N20．如图所示，扇形区域内存在有垂直平面向内的匀强磁场，OA和OB互相垂直是扇形的两条半径，一个带电粒子从A点沿AO方向进入磁场，从B点离开，若该粒子以同样的速度从C点平行与AO 方向进入磁场，则A．只要C点在AB之间，粒子仍然从B点离开磁场B．粒子带负电C．C点越靠近B点，粒子偏转角度越大AOBD．C点越靠近B点，粒子运动时间越短21．如图所示，由一段外皮绝缘的导线扭成两个半径为R和r的圆形闭合回路，R>r，导线单位长度的电阻为λ，导线截面半径小于R和r，圆形区域内存在垂直平面向里，磁感应强度大小随时间按B=kt（k>0，为常数）的规律变化的磁场，下列说法正确的是A．小圆环中电流的方向为逆时针B．大圆环中电流的方向为逆时针C．回路中感应电流大小为22 () () k R rR r λ++D．回路中感应电流大小为() 2k R rλ-三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。
2018全国高考冲刺物理模拟试题(三)(解析版)
2018全国高考冲刺物理模拟试题（三）（解析版）二．选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．33. 如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下的一段运动轨迹．质点从M点出发经P点到达N点，已知弧长MP大于弧长PN，质点由M点运动到P点与从P点运动到N点的时间相等．下列说法中正确的是()A. 质点从M点到N过程中速度大小保持不变B. 质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同C. 质点在这两段时间内的速度变化量大小不相等，但方向相同D. 质点在MN间的运动不是匀变速运动【答案】B【解析】因质点在恒力作用下运动，由牛顿第二定律可知，加速度不变，质点做匀变速曲线运动；从M到N过程中，根据v=s/t，可知速度大小变化，故A错误；因加速度不变，则质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同，故B正确，C错误；由运动的轨迹可知，质点受到的了=力的方向向右下，与初速度的方向最近的之间的夹角大于90°，是钝角，所以质点会先做减速运动．故D错误；故选B．点睛：根据题意可知，质点在恒力作用下，做匀变速曲线运动，速度的变化量相等，而速度大小与方向时刻在变化，从而即可求解．34. 如图所示，重80 N的物体A放在倾角为30°的粗糙斜面上，有一根原长为10 cm、劲度系数为1 000 N/m 的弹簧，其一端固定在斜面底端，在另一端放置物体A后，弹簧长度缩短为8 cm，现用一测力计沿斜面向上拉物体，若物体与斜面间最大静摩擦力为25 N，当弹簧的长度仍为8 cm时，测力计读数不可能为()A. 10 NB. 20 NC. 40 ND. 60 N【答案】D【解析】试题分析：当弹簧长度缩短为8cm时，由胡克定律得弹簧的弹力为F1=kx1=1000×0．02N=20N，由于Gsin30°-F1=40N-20N=20N；当弹簧的长度为8cm时，弹簧的弹力为F2=kx2=1000×0．02N=20N，当物体刚要上滑时，静摩擦力达到最大，测力计读数最大为F max=Gsin30°+f m-F2=40N+25N-20N=45N．故测力计读数不可能为60N．故BC正确，D错误．当F2+f=mgsin30°时，f=20N＜25N，物块可以保持静止，所以A 满足题意．故选ABC。
2018高考冲刺物理模拟试题及答案10套模拟试题七
2018高考冲刺物理模拟试题及答案10套模拟试题七二选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．98. 在物理学发展史上，许多科学家通过恰当地运用科学研究方法，超越了当时研究条件的局限性，取得了辉煌的研究成果．下列表述符合物理学史事实的是（）A. 牛顿由斜面实验通过逻辑推理得出了自由落体运动的规律B. 库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系研究C. 法拉第发现载流导线对小磁针的作用，揭示了电现象与磁现象之间存在的联系D. 安培用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场，促进了电磁现象的研究99. 如图是悬绳对称且长度可调的自制降落伞．用该伞挂上重为G的物体进行两次落体实验，悬绳的长度l1<l2，匀速下降时每根悬绳的拉力大小分别为F1）F2，则()A. F1<F2B. F1>F2C. F1）F2<GD. F1）F2>G100. 甲、乙两辆汽车在一条平直的单行道上同向行驶，乙在前，甲在后．t=0时刻，两车同时刹车，结果发生了碰撞．如图所示为两车刹车后不会相撞的v-t图象，下列说法正确的是（）A. 两辆车刹车时的距离一定小于90mB. 两辆车刹车时的距离一定等于112.5mC. 两辆车一定是在t=20s之前的某时刻发生相撞的D. 两辆车一定是在t=20s之后的某时刻发生相撞的101. 为了实现人类登陆火星的梦想，我国宇航员王跃和俄罗斯宇航员一起进行了“模拟登火星”的实验活动，假设火星半径与地球半径之比为1∶2，火星质量与地球质量之比为1∶9。
已知地表的重力加速度为g，地球半径为R，万有引力常量为G，忽略自转的影响，则（）A. 火星表面与地球表面的重力加速度之比为2∶9B.∶3C. 火星的密度为3g GRD. 若王跃以相同初速度在火星表面与地球表面能竖直跳起的最大高度之比为9∶2102. 如图所示，理想变压器的原线圈接有频率为f、电压为U的交流电，副线圈接有光敏电阻R、交流电表.下列说法正确的是()A. 当U增大时，变压器的输入功率增大B. 当f减小时，变压器的输入功率减小C. 当光照增强时，交流电表的示数减小D. 当滑动触头P向下滑动时，交流电表的示数增大103. 如图所示的阴极射线管，无偏转电场时，电子束加速后打到荧屏中央形成亮斑．如果只逐渐增大M1M2之间的电势差，则（）A. 在荧屏上的亮斑向上移动B. 在荧屏上的亮斑向下移动C. 偏转电场对电子做的功增大D. 偏转电场的电场强度减小104. 如图甲所示，用粘性材料粘在一起的A、B两物块静止于光滑水平面上，两物块的质量分别为m A=lkg、m B=2kg，当A、B之间产生拉力且大于0.3N时A、B将会分离．t=0时刻开始对物块A施加一水平推力F1，同时对物块B施加同一方向的拉力F2，使A、B从静止开始运动，运动过程中F1、F2方向保持不变，F1、F2的大小随时间变化的规律如图乙所示．则下列关于A、B两物块受力及运动情况的分析，正确的是A. t=2.0s时刻A、B之间作用力大小为0.6NB. t=2.0s时刻A、B之间作用力为零C. t=2.5s时刻A对B的作用力方向向左D. 从t=0时刻到A、B分离，它们运动的位移为5.4m105. 用一段横截面半径为r、电阻率为ρ、密度为d的均匀导体材料做成一个半径为R(r<<R)的圆环．圆环竖直向下落入如图所示的径向磁场中，圆环的圆心始终在N极的轴线上，圆环所在位置的磁感应强度大小均为B．圆环在加速下落过程中某一时刻的速度为v，忽略电感的影响，则A. 此时在圆环中产生了(俯视)顺时针的感应电流B. 此时圆环受到竖直向下的安培力作用C. 此时圆环的加速度2B va dρ=D. 如果径向磁场足够深，则圆环的最大速度max 2dgv B ρ=106. “验证机械能守恒定律”实验．图(甲)是打点计时器打出的一条纸带，选取其中连续的计时点标为A ）B ）C ……G ）H ）I ，对BH 段进行研究．(1)已知打点计时器电源频率为50 Hz ，则纸带上打相邻两点的时间间隔为________）(2)用刻度尺测量距离时如图(乙)，读出A ）C 两点间距为________cm）B 点对应的速度v B ）________m/s(保留三位有效数字)）(3)若H 点对应的速度为v H ，重物下落的高度为h BH ，当地重力加速度为g ，为完成实验，要比较与________的大小(用字母表示)）107. 图（a ）是测量电源电动势E 和内阻r 的原理图．0 2.5R =Ω为定值保护电阻，电流表内阻不计，单位长度电阻00.10/r cm =Ω的电阻丝ac 上标有长度刻度．）1）请根据电路图（a ）把实物图（b ）电路连接完整______________________））2）闭合开关S ，记录ab 的长度L 和电流表A 的示数I ；滑动b 点改变ab 的长度L ，测得6组L 和I 值，并算出对应的1I 值．写出1I 与L ）E ）r ）R 0）r 0的关系式1I=______） ）3）根据1I）L 图线算出电源电动势E =______V ，内阻r =______Ω．（计算结果保留到小数点后两位）108. 如图所示，小车停放在光滑的水平面上，小车的质量为M = 8kg,在小车水平面A 处放有质量为m =2kg 的物块，AB 段是粗糙的水平面，BC 是一段光滑的圆弧，在B 点处与AB 相切，现给物块一个v 0=5m/s 的初速度，物块便沿AB 滑行，并沿BC 上升，然后又能返回，最后恰好回到A 点处与小车保持相对静止，求：）1）从物块开始滑动至返回A 点整个过程中,小车与物块组成的系统损失的机械能为多少? ）2）物块沿BC 弧上升相对AB 平面的最大高度为多少?109. 如图所示的平面直角坐标系xOy ，在第Ⅰ象限内有平行于y 轴的匀强电场，方向沿y 正方向；在第Ⅳ象限的正三角形abc 区域内有匀强电场，方向垂直于xOy 平面向里，正三角形边长为L ，且ab 边与y 轴平行．一质量为m 、电荷量为q 的粒子，从y 轴上的P （0，h ）点，以大小为v 0的速度沿x 轴正方向射入电场，通过电场后从x 轴上的a （2h ，0）点进入第Ⅳ象限，又经过磁场从y 轴上的某点进入第Ⅲ象限，且速度与y 轴负方向成45°角，不计粒子所受的重力．求：（1）电场强度E 的大小；（2）粒子到达a 点时速度的大小和方向； （3）abc 区域内磁场的磁感应强度B 的最小值．110. 下列说法正确的是________A. 物体做加速运动时速度越来越大，物体内分子的平均动能也越来越大B. “用油膜法估测分子的大小”实验中油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积C. 第二类永动机没有违反能量守恒定律D. 对某物体做功，必定会使该物体的内能增加E. 液晶既有液体的流动性，又具有光学各向异性111. 如图所示，一个圆柱形的绝热容器竖直放置，通过绝热活塞封闭着摄氏温度为t1的理想气体，活塞的质量为m，横截面积为S，与容器底部相距h1．现通过电热丝给气体加热一段时间后，使其温度上升到t2（摄氏温度），这段时间内气体吸收的热量为Q，已知大气压强为p0，重力加速度为g，假设活塞与容器壁之间无摩擦．求：①气体的压强；②这段时间内活塞上升的距离是多少？③这段时间内气体的内能变化了多少？112. 一列简谐横波，某时刻的图象如图甲所示，从该时刻开始计时，波上A质点的振动图象如图乙所示，则以下说法正确的是________ A．这列波沿x轴负向传播B．这列波的波速是25 m/sC．质点P将比质点Q先回到平衡位置D．经过Δt）0.4 s）A质点通过的路程为4 mE．经过Δt）0.8 s）A质点通过的位移为8 m113. 如图所示为一巨大的玻璃容器，容器底部有一定的厚度，容器中装一定量的水，在容器底部有一单色点光源，已知水对该光的折射率为43，玻璃对该光的折射率为1.5，容器底部玻璃的厚度为d，水的深度也为d.求：①这种光在玻璃和水中传播的速度；②水面形成的光斑的面积(仅考虑直接由光源发出的光线)）2018高考冲刺物理模拟试题及答案10套模拟试题七二选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．98. 在物理学发展史上，许多科学家通过恰当地运用科学研究方法，超越了当时研究条件的局限性，取得了辉煌的研究成果．下列表述符合物理学史事实的是（ ）A. 牛顿由斜面实验通过逻辑推理得出了自由落体运动的规律B. 库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系研究C. 法拉第发现载流导线对小磁针的作用，揭示了电现象与磁现象之间存在的联系D. 安培用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场，促进了电磁现象的研究 【答案】B 【解析】【详解】A ．伽利略通过斜面实验加逻辑推理的方法研究了自由落体运动的规律，故A 错误； B ．库仑利用库仑扭秤实验实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系的研究，故B 正确；C ．奥斯特发现了载流导线对小磁针的作用，揭示了电现象与磁现象之间存在的联系，故C 错误；D ．电场线和磁感线都是法拉第引入的，故D 错误． 故选B ．99. 如图是悬绳对称且长度可调的自制降落伞．用该伞挂上重为G 的物体进行两次落体实验，悬绳的长度l 1<l 2，匀速下降时每根悬绳的拉力大小分别为F 1）F 2，则( )A. F 1<F 2B. F 1>F 2C. F 1）F 2<GD. F 1）F 2>G【答案】B【解析】【详解】物体受重力和n 根悬绳拉力作用处于平衡状态，由对称性可知，每条悬绳拉力的竖直分力为G/n ，设绳与竖直方向的夹角为θ，则有F cos θ）G/n ，解得F ）cos Gn θ，由于无法确定n cos θ是否大于1，故无法确定拉力F 与重力G 的关系，C）D 错误；悬绳较长时，夹角θ较小，故拉力较小，即F 1>F 2）A 错误，B 正确；故选B ．100. 甲、乙两辆汽车在一条平直的单行道上同向行驶，乙在前，甲在后．t =0时刻，两车同时刹车，结果发生了碰撞．如图所示为两车刹车后不会相撞的v -t 图象，下列说法正确的是（ ）A. 两辆车刹车时的距离一定小于90mB. 两辆车刹车时的距离一定等于112.5mC. 两辆车一定是在t =20s 之前的某时刻发生相撞的D. 两辆车一定是在t =20s 之后的某时刻发生相撞的 【答案】C 【解析】【详解】AB 、当两车速度相同时，它们的相距最小 由v t 图像与时间轴围成的面积表示位移，可知：甲在20s 内的位移为：1255203002x m m +=⨯= 乙在20s 内的位移为：2155202002x m m +=⨯=， 则最小距离为21100x x x m ∆=-=，由于两车相撞，所以刹车时的距离小于100 m ，故AB 错误；CD 、两车速度相同时相距最小，若此时不相撞那以后也不会相撞，所以两车一定是在20 s 之前的某时刻发生相撞的，故C 正确，D 错误．101. 为了实现人类登陆火星的梦想，我国宇航员王跃和俄罗斯宇航员一起进行了“模拟登火星”的实验活动，假设火星半径与地球半径之比为1∶2，火星质量与地球质量之比为1∶9。
最新-2018年高考最后冲刺试题物理(五)(附答案) 精品
普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物理（五）本试卷分第Ⅰ卷（选择题共30分）和第Ⅱ卷（非选择题共70分）两部分.考试时间为90分钟，满分为100分.第Ⅰ卷（选择题共30分）一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题列出的四个选项中，至少有一个是正确的，全选对的得3分，选不全的得1分，选错、多选或者不选得0分）1.2018年4月我国部分地区出现森林大火，我国气象部门利用卫星的红外线遥感功能，及时有效预报和监测到火灾灾情.并对灾情的延伸方向做到及时预报，使消防队员及时有效地控制了灾情.关于红外线遥感，下列说法正确的是A.选择红外线进行遥感，主要是因为红外线光子能量小，可以节约能量B.红外线热像仪通过发射红外线照射受灾地区来检测C.红外线热像仪同时还具有杀菌作用D.一切物体都能发射红外线，而且物体在不同温度下发射的红外线的频率和强度不同答案:D 本题以卫星对火灾的预报为背景，考查了红外线遥感知识.题目理论联系实际，需要学生从实际问题中提取有效信息，符合现在的命题趋势，主要考查了学生的理解能力和获取知识的能力.通过对题目的阅读，我们能够认识到红外线热像仪的原理是红外线遥感，同时我们能理解红外线遥感这一知识的含义，不难看出备选答案的说法中只有D项结论正确.2.下列说法正确的是A.温度越高布朗运动就越激烈，所以布朗运动也叫做热运动B.由水的摩尔体积和每个水分子的体积可估算出阿伏加德罗常数C.在压缩气体时需对气体做功，这是因为气体分子间的斥力大于引力D.热量可以从高温物体传给低温物体，但不能从低温物体传给高温物体答案:B3.物理学家法拉第在研究电磁学时，亲手做过许多实验，如下图所示的就是著名的电磁旋转实验，它的现象是：如果载流导线附近只有磁铁的一个极，磁铁就会围绕导线旋转；反之，载流导线也会围绕单独的某一磁极旋转.这一装置实际上就是最早的电动机.图中a是可动磁铁，b是固定导线，c是可动导线，d是固定磁铁.图中黑色部分表示汞，下部接在电源上，则从上向下看，a、c旋转的情况是A.a顺时针，c逆时针B.a逆时针，c逆时针C.a逆时针，c顺时针D.a顺时针，c顺时针答案:B4.用计算机辅助实验系统做验证牛顿第三定律的实验：用一辆电动玩具汽车拖运另一辆无动力的玩具汽车，在两车挂接处装上传感器探头，并把它们的挂钩连在一起.当电动玩具汽车通电后拉着另一辆车向前运动时，可以在显示器屏幕上出现相互作用力随时间变化的图象如右图所示.观察分析两个力传感器的相互作用力随时间变化的曲线，可以得到以下实验结论A.作用力与反作用力的大小时刻相等B.作用力与反作用力作用在同一物体上C.作用力与反作用力大小相等、方向相反D.作用力与反作用力方向相同答案:AC 由图象可知，作用力与反作用力总是同时变化，并且总是大小相等，对称分布于时间轴两侧，表示方向相反，故选项A 、C 正确.5.近几年，我国北京、上海等地利用引进的γ刀成功地为5 000余名脑肿瘤患者做了手术.令人称奇的是由于γ刀利用的是γ射线的特性，所以手术时不必麻醉，病人清醒半小时内即可完成手术，无需住院，因而γ刀被誉为“神刀”.据报道，我国研制的旋式γ刀性能更好，即将进入医院为患者服务.关于γ射线的说法，正确的是A.γ射线是由原子内层电子受激发而产生的B.γ射线具有很高的能量，它不属于电磁波C.γ射线具有很强的贯穿本领，但它的电离作用却很弱D.γ射线很容易发生衍射答案:C γ射线是由原子核发生衰变而产生的具有很高能量的光波，它属于电磁波，具有很强的贯穿本领，但它的电离作用却很弱，γ射线很不容易发生衍射.6.如下图所示，沿ｘ轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200 m/s.下列说法中正确的是A.图示时刻质点b 的加速度正在减小B.从图示时刻开始，经过0.01 s ，质点a 通过的路程为0.4 mC.遇此波发生稳定干涉现象的波的频率为50 HzD.遇此波发生明显衍射现象的障碍物的尺寸一定大于4 m答案:BC 简谐横波沿ｘ轴正方向传播，故图示时刻质点b 向ｙ轴负方向运动，其加速度正在增大.周期T=λ/v=2004 s=0.02 s ，经过0.01 s ，质点a 通过的路程s=2A=2×0.2 m=0.4 m.波的频率f=1/T=50 Hz ，故遇此波发生稳定干涉现象的波的频率必为50 Hz.此波的波长λ＝4 m ，故遇此波发生明显衍射现象的障碍物的尺寸一定小于或等于4 m ，所以正确选项是BC.7.如图所示电路中，A 、B 是两个完全相同的灯泡，L 是一个理想电感线圈，C 是电容相当大的电容器.当S 闭合与断开时，A 、B 的亮度情况正确的是A.S 闭合时，A 立即亮，然后逐渐熄灭B.S 闭合时，B 立即亮，然后逐渐熄灭C.S 闭合足够长时间后，B 发光，而A 不发光D.S 闭合足够长时间后再断开S ，B 立即熄灭，而A 逐渐熄灭答案:AC 由于电感线圈没有直流电阻，电流稳定时电压为零，将A 灯短路，所以A 灯先亮后熄灭，A 正确.B 灯并联了一只大电容，通电瞬间B 上电压由零逐渐增加，B 灯逐渐变亮直到稳定，所以B 错.由以上分析知电路稳定后应是A 不亮，B 亮，所以C 正确.断路瞬间，大电容通过B 灯放电，使B 不是立即熄灭，所以D 错.8.目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元素.已知甲、乙两种放射性物质质量相等，半衰期之比为3∶2，下列说法正确的是A.甲比乙衰变得快B.只要适当地改变条件，两者半衰期可以相同C.经某一相等时间，甲、乙剩余质量之比可为2∶1D.经某一相等时间，甲、乙剩余质量之比可为2∶3答案:C 半衰期大的衰变慢，A 错.半衰期只与核自身因素有关，B 错.经过相同时间半衰期大的剩余质量大，C 对，D 错.9.如图所示，在光滑水平面上的两个小球发生正碰.小球的质量分别为m 1和m 2.下图为它们碰撞前后的st 图象，已知m 1=0.1 kg ，取向右为正方向，由此可以判断A.碰前m 2静止，m 1向右运动B.碰后m 2和m 1都向右运动C.由动量守恒可以算出m 2=0.3 kgD.碰撞过程中系统损失了0.4 J 的机械能答案:AC 本题结合图形考查学生对碰撞中的两个小球动量、机械能大小变化的有关计算，考查的重点是读图识图能力.由图知碰撞前m 2位置不变，则m 2静止，1m v =4 m/s ，碰撞后2m v ′=26816-- m/s=2 m/s ，而1m v ′=2680-- m/s=-2 m/s ，选项B 错.由动量守恒知m 11m v =m 11m v ′+m 22m v ′，代入数据得m 2＝0.3 kg.碰撞前后，系统势能不变，机械能增减只取决于动能，而碰前动能E k =21m 1v 2=0.8 J ，碰后动能E k ′=21m 11m v ′2+21m 22m v ′2=0.8 J ，选项D 错. 10.如图所示，两圆柱体A 、B 的半径均为r ＝0.2 m ，圆柱体圆心间的距离s ＝1.6 m ，在机械带动下，均以ω＝8 rad/s 的角速度顺时针旋转，两圆柱的轴平行且在同一水平面上，均匀木板放置在两个圆柱体上面，柱面与木板间的动摩擦因数μ＝0.16.开始时，木板的重心恰在B的正上方.若木板由静止开始运动，则当它的重心恰好到达A 的正上方时，经历的时间为（g 取10 m/s 2）A.1 sB.2 sC.1.5 sD.2 s答案:C 木板受圆柱体A 、B 的滑动摩擦力作用，由静止开始向右做匀加速直线运动，f=μN=μ·21mg ′,a=mf 2=μg=1.6 m/s 2，经过时间t=a r ω=6.12.08⨯ s=1 s ，木板运动速度与圆柱体A 、B 的线速度相等，此时木板向右运动了距离l=21at 2=0.8 m.此后木板与圆柱体间无相对运动，不受摩擦力，做匀速直线运动，t ′=r l s ω-=2.088.06.1⨯- s=0.5 s ，总时间为1.5 s. 普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物 理（五）第Ⅱ卷 （非选择题 共70分）二、非选择题（本大题共6小题，共70分.把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）11.（6分）做“测定匀变速直线运动的加速度”实验中，得到一条如图所示的纸带.按时间顺序取0、1、2、3、4、5、6共七个计数点，每相邻两点间各有四个打出的点未画出，用刻度尺测出1、2、…、6各点到0点的距离分别为8.69 cm ，15.99 cm ，21.87 cm ，26.35 cm ，29.45 cm ，31.17 cm ，打点计时器使用的交流电源频率为50 Hz.求：（1）物体的加速度；（2）打计数点3时的速度（要求写出主要的运算步骤）.答案:（1）由给出的数据可知，重物落地后，木块在连续相等的时间T 内的位移是 s 1=8.69 cm s 2=7.20 cm s 3=5.88 cm s 4=4.48 cm s 5=3.10 cm s 6=1.72 cm以a 表示加速度，根据匀变速直线运动的规律有⎪⎩⎪⎨⎧=-=-=-233622252114333T a s s T a s s T a s s 其中T=0.1 s ，代入数据解得⎪⎩⎪⎨⎧-=-=-=232221/387.1/400.1/403.1s m a s m a s m a由a=3321a a a ++解得a=-1.40 m/s 2.（3分） （2）打点3时的速度v 3 v 3= Ts s 243+ 代入数据解得v 3=0.518 m/s.（3分）12.（8分）测量电源电动势和内电阻的器材如图A 所示，请用实线表示导线，将图中器材连成实验用电路，实验时经测量得出的数据如下表，请在下图B 的方格纸上画出UI 图线，利用图线求出电源电动势E=____________V ，内电阻r=___________________Ω.U/V 1.37 1.32图A 图B答案:（每空2分，图A、图B各2分）E=1.46 V r=0.71 Ω图A图B13.(12分)2018年6月11日，纳达尔战胜费德勒获法网冠军，在比赛中，纳达尔在离开网距离为12 m处沿水平方向发球，发球高度为2.4 m，网的高度为0.9 m，求：（1）若网球在网上0.1 m处越过，求网球发射时的初速度；（2）若按上述初速度发球，求该网球落地点到网的水平距离；（3）从上面的求解说明对方运动员应如何站位才有利于接球.（g取10 m/s2）答案:（1）运动员水平发射出的网球，在运动中只受到竖直方向上的重力作用（忽略空气阻力），所以网球做平抛运动.由平抛运动的特点知水平方向上为匀速直线运动，竖直方向上为自由落体运动；运动的轨迹是抛物线的一部分.可知以网为参考系，要使球从网上0.1 m处越过，而抛出点位置在网的正前方12 m的正上方2.4 m处，因抛出点确定，经过网上0.1 m 处位置也确定，所以网球发出后的运动轨迹是确定的，即网球运动情况确定.由题设可知，从抛出点到网上0.1 m 处的水平方向上的位移x=12 m ，竖直方向上的位移y=［2.4-(0.9+0.1)］ m=1.4 m.所以网球发射时的初速度v 0=t x =gyx 2=104.1212⨯ m/s=22.7 m/s.（4分） （2）要计算网球的落点到网的水平距离d,只要计算出网球的水平射程减去12 m 就可得到结果.即d=v 02·gh 2-12 m （2分） d=(22.7×104.22⨯-12) m=3.73 m. （2分） （3）从上面网球运动的分析可知：倘若一方运动员自离网12 m 、高2.4 m 处发球，通过网上0.1 m 处位置进入对方运动场区，因为网球落点在网后3.73 m 处左右，要求该运动员必须站在离网4 m 左右才可能较方便地接到球.所以我们在进行网球运动时应估计对方的一般发球高度、大概速度，从而估测球的落点，这样就有利于在网球运动中获胜.当然运动中运动员的灵活性和其他因素对比赛胜利也有很重要的影响. （4分）14.（12分）如图所示，在某一足够大的真空室中，虚线MN 的右侧是一磁感应强度为B 、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，左侧是一场强为E 、方向水平向左的匀强电场.在虚线MN 上的一点O 处有一质量为M 、电荷量为Q 的镭（22688Ra ）核.某时刻原来静止的镭核水平向右放出质量为m 、电荷量为q 的α粒子而衰变为氡（Rn ）核.不计氡核与α粒子之间的相互作用力，涉及动量问题时也不计亏损的质量.（1）写出镭核衰变为氡核的核反应方程式；（2）经过一段时间,α粒子刚好到达虚线上的A 点时，测得OA=L ，求此段时间氡核发生的位移.答案:（1）核反应方程式为22688Ra →22286Rn+42He.（3分） （2）依题意可知，镭核衰变后，释放出的α粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，经半个周期的时间到达A 点，而形成的氡核则在匀强电场中做匀加速直线运动.设其分离时的速度分别为v 1和v 2.由动量守恒定律有0=mv 1-(M-m)v 2①（2分） 又因为2L =Bqm v 1②（2分） 联立①②解得v 2=)(2m M BqL -且α粒子运动到A 点所用时间t=2T =Bqm π（2分） 所以氡核发生的位移s=v 2t+21·)()(m M E q Q --·t 2=222222)(2)(qB m M m E q Q mL q B --+ππ.（3分） 15.（16分）如右图所示，光滑绝缘半球槽的半径为R ，处在水平向右的匀强电场中（未画出），一质量为m 的带电小球从槽的右端A 处无初速沿轨道滑下，滑到最低位置B 时，球对轨道的压力为2mg.求：（1）小球受到电场力的大小和方向；（2）带电小球在滑动过程中的最大速度.答案:（1）设小球运动到最底位置B 时速度为v ，此时 N-mg=Rm v 2①（2分） 设电场力大小为F ，由题意，小球从A 处沿槽滑到最底位置B 的过程中，根据动能定理 mgR-FR=21mv 2-0②（2分） 由①②两式得： F=21mg.③（2分） （2）小球在滑动过程中最大速度的条件：是小球沿轨道运动过程某位置时切向合力为零，设此时小球和圆心间的连线与竖直方向的夹角为θ，如图mgsin θ=Fcos θ④ （3分）由④得：tan θ=21 （2分） 小球由A 处到最大速度位置的过程中mgRcos θ-21mgR(1-sin θ)=21mv m 2-0 （3分） 得：v m =)15(-Rg . （2分）16.（16分）如右图所示的空间，匀强电场的方向竖直向下，场强为E 1，匀强磁场的方向水平向外，磁感应强度为B.有两个带电小球A 和B 都能在垂直于磁场方向的同一竖直平面内做匀速圆周运动（两小球间的库仑力可忽略），运动轨迹如图.已知两个带电小球A 和B 的质量关系为m A =3m B ，轨道半径为R A =3R B=9 cm.（1）试说明小球A 和B 带什么电，它们所带的电荷量之比BA q q 等于多少？ （2）指出小球A 和B 的绕行方向及绕行速率之比BA v v 等于多少？ （3）设带电小球A 和B 在图示位置P 处相碰撞，且碰撞后原先在小圆轨道上运动的带电小球B 恰好能沿大圆轨道运动，求带电小球A 碰撞后所做圆周运动的轨道半径（设碰撞时两个带电小球间电荷量不转移）.答案:（1）因为两带电小球都在复合场中做匀速圆周运动，故必有qE=mg ，由电场方向可知，两小球都带负电荷（1分）m A g=q A E （2分）m B g=q B E （2分）m A =3m B ，所以B A q q =13（2分） （2）由题意可知，两小球均带负电，两带电小球的绕行方向都相同，均为逆时针方向绕行（1分）由qBv=R m v 2得R=qBm v （1分） 由题意R a =3R b ，所以B A v v =13.（2分） （3）由于两带电小球在P 处相碰，切向合外力为零，故两带电小球在P 处的切向动量守恒. 由m A v A +m B v B =m A v A ′+m B v B ′（1分） 且B q v m B B B '=Bq v m A A A （1分） 得v A ′=37v B （1分） 97337'''====B B A A A A A A A A A A v v v v Bq v m B q v m R R （1分） 所以R A ′=97R A =7 cm.（1分）。
2018年高考押题预测冲刺试卷(物理7套)后附答案
2018年高考押题预测冲刺试卷（物理1）二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14．普朗克在研究黑体辐射的基础上，提出了量子理论，下列关于描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体符合实验规律的是15．如图所示，空间中存在着由一固定的负点电荷Q （图中未画出）产生的电场，另一正点电荷q 仅在电场力作用下沿曲线MN 运动，在M 点的速度大小为0v ，方向沿MP 方向，到达N 点时速度大小为v ，且0v v ，则A ．电荷Q 一定在虚线的MP 下方B ．M 点的电势比N 点的电势高C ．q 在M 点的电势能比在N 点的电势能小D ．q 在M 点的加速度比在N 点的加速度小16．如图，人造地球卫星M 、N 在同一平面内绕地心O 做匀速圆周运动，已知M 、N 连线与M 、O 连线间的夹角最大值为θ，则M 、N 的运动速度大小之比等于A B C D 17．太阳发生核反应时会放出大量中微子及能量。
假设太阳释放的能量是由“燃烧氢”的核反应1401214H He 2e+2v →+提供，式中v 为中微子，这一核反应平均每放出2个中微子相应释放28MeV 的能量。
已知太阳每秒约辐射2.8×1039MeV 的能量，地球与太阳间的距离约为1.5×1011m ，则地球表面与太阳光垂直的每平方米面积上每秒接收到中微子数目的数量级为（ ）A ．1011B ．1014C ．1017D ．102018．如图所示，A 、B 两小球静止在光滑水平面上，用轻弹簧相连接，A 球的质量小于B 球的质量。
若用锤子敲击A 球使A 得到v 的速度，弹簧压缩到最短时的长度为L 1；若用锤子敲击B 球使B 得到v 的速度，弹簧压缩到最短时的长度为L 2，则L 1与L 2的大小关系为A ．12L L =B ．12L L >C ．12L L <D ．不能确定19．如图所示，倾斜的木板上有一静止的物块，水平向右的合力F 作用在该物块上，在保证物块不相对木板滑动的情况下，现以过木板下端点O 的水平轴为转轴，使木板在竖直面内顺时针缓慢旋转一个小角度。
【高三物理试题精选】2018年高考物理模拟冲刺试题(带答案)
2018年高考物理模拟冲刺试题（带答案）
一、不定项选择题
1爱因斯坦由光电效应的实验规律提出了光子说，以下对光电效应的解释，正确的是( )
A金属内的每个电子可以吸收一个或一个以上的光子，当它积累的动能足够大时，就能逸出金属
B如果入射光子的能量小于金属表面的电子克服原子核的引力逸出时需要做的最小功，但只要照射时间足够长，光电效应也能发生C发生光电效应时，入射光越强，光子的能量就越大，光电子的最大初动能就越大
D由于不同金属的逸出功是不相同的，因此使不同金属产生光电效应的入射光的最低频率也不相同
2(27 kg
(1)写出氘和氚聚合的核反应方程；
(2)试计算这个核反应释放出的能量(光速c=300×108 m/s，结果取两位有效数字)
8(ν的图像斜率均为普朗克常量，即图像相互平行，B错因为E2 E1,故C错，A正确
6 【解析】选B能量为126 eV的高速电子能使氢原子跃迁到n=3能级，据N＝可知，被激发的氢原子从激发态向低能级跃迁的过程中总共能辐射出3种不同频率的光子，选项A错误、B正确；γ粒子是原子核被激发放出的光子，选项C错误；从n＝3能级跃迁到n=1能级时放出的光子能量最大，频率最高、波长最短，选项D错误
7 【解析】(1)氘和氚聚合的核反应方程
21H+31H→42He+10n
(2)核反应释放出的能量E=Δmc2
Δm=(m氘+m氚)-(mHe+mn)=0018 8 u
E=Δmc2≈28×10-12 J
答案(1)21H+31H→42He+10n (2)28×10-12 J。
2018年高考物理冲刺卷01(新课标Ⅱ卷)答案
2018年高考物理冲刺卷01（新课标Ⅱ卷）答案第Ⅰ卷选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
考点：离心现象；尖端放电；电阻；阻尼作用.【名师点睛】此题考查了物理规律在生活中的应用问题；例如离心现象、尖端放电、电阻、阻尼作用；关键要知道物体产生离心现象的原因；只有尖端才能聚聚大量电荷而发生放电；知道电磁阻尼现象在实际中的应用.15．C 【解析】设绳的拉力为T ，对两个滑块分别受力分析，如图所示：根据力的平衡可知，对A:m A g=T sin θ ；对B ：m B g=T sin2θ ；则122A B m sin m sin cos θθθ＝＝，故选C.考点：物体的平衡【名师点睛】本题考查了物体的平衡问题；解题的关键是分别对两个物体受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式求解，注意跨过滑轮的同一条绳子上的张力是相同的；此题是基础题，意在考查学生对物理方法的运用能力.16．C 【解析】该图线描述的是质点离出发点越远，速度越来越小的的运动，不是匀加速直线运动，选项A 错误；其斜率不是Δv/Δt ,因此斜率大小不等于加速度大小，选项B 错误；四边形BB′C′C 面积大小表示纵轴和横轴乘积表示的物理量时间大小，选项C 正确，D 错误。
考点：运动图像的理解。
【名师点睛】运动图像表示的意义：1、从图象识别物体的运动性质；2、能认识图象的截距（即图象与纵轴或横轴的交点坐标）的意义；3、能认识图象的斜率（即图象与横轴夹角的正切值）的意义；4、能认识图象与坐标轴所围面积的物理意义；5、能说明图象上任一点的物理意义。
考点：动能定理及牛顿定律的综合应用【名师点睛】此题是力学综合题，考查了动能定理及牛顿定律的综合应用；要分析物体的运动情况，抓住关键词语“滑块能通过C 点”进行分析，通过分析受力情况分析在传送带上的运动情况；摩擦生热的值等于摩擦力与相对位移的乘积.18．ACD 【解析】由题意知及动能定理知：02=-⋅qU d mg ，则电场力做功与重力做功的大小相等。
2018年高考物理冲刺压轴试卷(2)(含答案解析)
2018届高三物理压轴题二一．选择题：本题共8小题，每题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不选的得0分。
14．以下关于物理学史说法正确的是( )A. 奥斯特发现通电导线的周围存在磁场，并最早提出了场和场线B. 伽利略创造了逻辑推理与实验相结合的研究方法C. 笛卡尔测定了万有引力常量D. 牛顿提出了广义相对论15．一摩托车在t ＝0时刻由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的a t 图像如图所示，根据已知的信息，可知( )A. 摩托车的最大动能B. 摩托车在30 s 末的速度大小C. 在0～30 s 的时间内牵引力对摩托车做的功D. 10 s 末摩托车开始反向运动16．如图,水平桌面上固定有一半径为R 的光滑金属细圆环,环面水平,圆环总电阻为r;空间有一匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向竖直向下;一长度为2R 、电阻可忽略的导体棒AC 置于圆环左侧并与环相切,切点为棒的中点。
一拉力作用于棒中点使其以恒定加速度a 从静止开始向右运动,运动过程中棒与圆环接触良好。
下列说法正确的是( )A ．棒运动过程中产生的感应电流在棒中由A 流向CBCD ．棒经过环心时所受安培力的大小为216B R r17．如图甲所示，轻质弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上。
一质量为m 的小物块从轻弹簧上方且离地高度为h 1的A 点由静止释放，小物块下落过程中的动能E k 随离地高度h变化的关系如图乙所示，其中h 2～h 1段图线为直线。
已知重力加速度为g ，则以下判断中正确的是( )A. 当小物块离地高度为h2时，小物块的加速度恰好为零B. 当小物块离地高度为h3时，小物块的动能最大，此时弹簧恰好处于原长状态C. 小物块从离地高度为h2处下落到离地高度为h3处的过程中，弹簧的弹性势能增加了mg(h2－h3)D. 小物块从离地高度为h1处下落到离地高度为h4处的过程中，其减少的重力势能恰好等于弹簧增加的弹性势能18．两种不计重力的带电粒子M和N，以相同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是( )A. M带正电，N带负电B. 洛伦兹力对M、N做正功C. M的荷质比小于N的荷质比D. M的运行时间小于N的运行时间19．我国原计划在2017年底发射“嫦娥五号”探测器，实现月球软着陆以及采样返回，这意味着我国探月工程“绕、落、回”三步走的最后一步即将完成。
最新-2018年普通高等学校招生全国统一考试最后冲刺试题物理(四)参考答案 精品
2018年普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物理（四）参考答案第Ⅰ卷 （选择题 共30分）一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题列出的四个选项中，至少有一个是正确的，全选对的得3分，选不全的得1分，选错、多选或者不选得0分）1. AC 由质量数、电荷数守恒可判断选项A 正确.α粒子不是电子，而是氦原子核，选项B 错误.根据放射性元素发生β衰变的实质可知选项C 正确.β射线是高速电子流，选项D 错误.2. B 粒子A 从A 运动到B 说明A 带正电，设带电荷量为q a ,速度为v 1,质量为m 1.在B 点与粒子B 相碰，动量守恒m 1v 1=(m 1+m 2)v 2.由于R=aBq v m 11,R=Bq v m m 221)(+,则q A =q.由转动方向相反，知q A 与q B 中和后带电荷量为-q,故q B =2q A .周期T 1=A Bq m 12π,T 2=Bq m m )(221+π,故T 2＞T 1,综上所述选项B 正确.3. CD 布朗运动是花粉颗粒的运动，不是水分子的运动，也不是花粉分子的运动，选项A 错.当分子间距离增大时，分子间的引力和斥力都减小，只是斥力减小得更快，所以分子间作用力表现为引力，选项B 错.由多普勒效应和热力学第二定律可知，选项C 、D 正确.4. AB 若波向右传播，则n 1T+4T =0.2 s, T=412.01+n s （n 1=0,1,2,3,…）当n 1＝0时，有最大周期且为T ＝0.8 s ，此时速度最小，v=T λ=8.02 m/s=2.5 m/s ，A 正确,C 错误.若波向左传播，则n 2T+43T =0.2 s,f 1＝T ＝432.02+n s （n 2=0,1,2,3,…），当n 2＝0时，频率最小且为： f ＝3.75 Hz ，B 正确.由s=vt ＝7.5×0.2 m=1.5 m=43λ,则波应向左传播，D 不正确. 5. A 根据E k =h ν-W,钨和锌的E k ν图象应是两条平行线，其斜率都是h ，由于钨的逸出功小，故表示钨的实线在前.A 图正确.6. B 木块固定时，令子弹穿过木块时的速度为v 1,由能量守恒可知：子弹损失的动能等于系统中产生的热量，即ΔE k1=mv 02/2-mv 12/2=fd 相 对子弹用动量定理：-ft 1=mv 1-mv 0,系统机械能损失的能量为：E 1=Q 1=fd ，不固定时，令子弹穿过木块时的速度为v 2,木块的末速度为v 3，由能量守恒可知：子弹损失的动能等于系统中产生的热量与木块获得的动能之和，即ΔE k2=mv 02/2-mv 22/2=fd 相+21Ｍv 32.对子弹用动量定理： -ft 2=mv 2-mv 0 ，系统机械能损失的能量为：E 2=Q 2=fd 相，解以上方程得：ΔE k1<ΔE k2，v 1>v 2，t 1<t 2，E 1=E 2，综上所述，B 选项正确.7. C 根据题意分析得：P 、Q 两个带电粒子在电场中是做类平抛运动，垂直电场方向是做匀速直线运动，进入的初速度又是相等的，所以选项A 是错误的.由它们最后打在同一点上，即匀速前进的位移是相等的，可以得出它们在电场中运动的时间t Q 、t P 必定是相等的，再根据位移y=mqE 2t 2，题中得到P 粒子的位移是Q 粒子位移的一半，所以得到Q 的电荷量是P 电荷量的两倍，即q P ∶q Q ＝1∶2.P 从两极板正中央射入，Q 从下极板边缘处射入且打在同一点，所以偏转的电压降U P ∶U Q ＝1∶2，所以电场力做功W P ∶W Q ＝1∶4，所以它们的电势能减小量之比ΔE P ∶ΔE Q ＝1∶4，因而选项B 错误.因为电场力F P ∶F Q ＝1∶2，在电场中运动的时间又相等，所以合外力的冲量I P ∶I Q ＝1∶2，所以它们的动量增量之比Δp P ∶Δp Q ＝1∶2，因而选项D 错误.综上所述，本题的正确选项应该为C.8. C 根据题意分析得：小球从P 点进入平行板间后做直线运动，对小球进行受力分析得小球共受到三个力作用：恒定的重力G 、恒定的电场力F 、洛伦兹力f ，这三个力都在竖直方向上，小球在水平直线上运动，所以可以判断出小球受到的合力一定是零，即小球一定是做匀速直线运动；由左手定则得洛伦兹力始终与小球的运动方向垂直，洛伦兹力不做功，所以选项A 错误.根据平行板电容器的电容C=kd S πε4，再根据电容的定义式C=UQ ，所以得到：kd S πε4=U Q ，变形得到：d U =SkQ επ4.当两板间距离d 变小时，则电容C 变大，因为带电荷量Q 不变，正对面积S 不变，所以得到两板间的电场强度E=d U =SkQ επ4不变，所以小球受到的电场力不变；如果小球从稍低的b 点下滑到从P 点进入平行板间，则小球到达P 点的速度会变小，所以洛伦兹力f 变小，因为重力G 和电场力F 一直在竖直方向上，所以这两个力的合力一定在竖直方向上，若洛伦兹力变化了，则三个力的合力一定不为零，且在竖直方向上，而小球从P 点进入时的速度方向在水平方向上，所以小球会偏离水平方向做曲线运动，所以本题的正确选项为C. 9. A q=I Δt,I =tR n ∆∆ΦΔΦ=2BS,所以得B=nSqR 2. 10. C 设小球A 滑过导轨B 后它们的速度分别为v A 和v B ，根据小球A 与导轨B 的相互作用过程中满足动量和能量守恒，所以得到两个方程：m A v 0=m A v A +m B v B ，21m A v 02=21m A v A 2+21m B v B 2，解得v A =v 0，v B =0，且导轨B 经过先加速后减速，所以本题的正确选项为C.（3分）第Ⅱ卷 （非选择题 共70分）二、非选择题（本大题共6小题，共70分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）11. 1.995（3分） 1.184（3分）12.（1）5.015（2分）（2）1.0 2.5（2分）（3）P 点到桌面高度h ；重锤在桌面上所指的点与Q 点的距离a ；斜面的长度b （2分）（4）Lgab v v a h 2)(2122-- （2分） 13. (1)以地面为参考系，小车与木板相向运动，共运动L=12 m.在木板对小车的摩擦力作用下小车做匀加速运动，加速度a 1=4 m/s 2，F=ma 1=20 N ，设木板向左的加速度为a 2，木板受小车的摩擦力F ′等于小车受木板的摩擦力F ，木板还受地面的摩擦力作用，F ′-μ(m+M)g=Ma 2，代入数据解得：a 2=2 m/s 2（2分） 再由距离关系：21a 1t 2+21a 2t 2=L ，所以得到：t=212a a L +=2 s.（4分） （2）小车与弹簧夹碰撞前的速度方向向右v 1=a 1t=8 m/s ，木板此时的速度方向向左，v 2=a 2t=4 m/s ，木板向左的位移s=21a 2t 2=4 m.（2分） 小车与弹簧夹碰撞过程中系统动量守恒：mv 1-Mv 2=(m+M)v 共，v 共=Mm Mv mv +-21=2 m/s ，此后小车和木板一起向右滑行，设木板向右移动s ′停止，则-μ(m+M)gs ′=0-21(m+M)v 共2，s ′=2 m ，（2分）木板移动的总位移：s 总=s-s ′＝2 m ，方向向左.（2分）14.（1）物块P 在从A 到B ，B 到A ，A 到C 的整个运动过程中，设弹簧做功为W 1，外力做功为W 2，摩擦力做功为W 3，则W 1=0 W 2=6 JW 3=μ1mg(L 1+L 1+L 2)=-4 J （2分）根据功能关系有：W 1+W 2+W 3=21mv c 2-0（2分） 解得v C =2 m/s.（2分）（2）设物块P 滑出小车后小车的速度为v 2,根据动量守恒定律mv C =mv 1+Mv 2解得v 2=0.3 m/s （2分）由能量守恒得μ2mgL 3=21mv C 2-21mv 12-21Mv 22 解得μ2=0.3.（2分）（3）设小车的加速度为a ，通过的距离为l ，则 a=Mmg2μ 由v 22=2al 得l=av 222=0.18 m.（2分） 15.（1）设电场强度为E ，把小球A 、B 看作一个系统，由于绳末断前做匀速运动，则有：2qE=3mg ，得到E=qm g 23.（3分） 细绳断后，根据牛顿第二定律，得：qE －mg=ma A ，所以a A =2g ，方向向上，qE －2mg=2ma B ，得a B =-4g ，即方向向下.（3分） (2)细绳断开前后两绳组成的系统满足合外力为零，所以系统动量守恒.设B 球速度为零时，A 球的速度为v A ，根据动量守恒定律得：（m+2m ）v 0=mv A +0，得到v A ＝3v 0.（4分）(3)设自绳断开到球B 速度为零的时间为t ，则有：0＝v 0+a B t ，得t=gv 04，在该时间内A 的位移为s A =2300v v t=gv 208（3分） 由功能关系知：电场力对A 做的功等于物体A 的机械能增量：ΔE A =qEs A =12mv 02，同理研究物体B 得：ΔE B =qEs B =3mv 02，所以得：ΔE ＝ΔE A ＋ΔE B ＝15mv 02.（3分）16.（1）U 形框向右运动时，NQ 边相当于电源，产生的感应电动势E=Blv 0,当如题图乙所示位置时，方框bd 之间的电阻为R bd ==43r ，U 形框连同方框构成的闭合电路的总电阻为：R=3r+R db =415r ，闭合电路的总电流为I=R E =rBlv 1540（2分） 根据欧姆定律可知，bd 两端的电势差为：U bd =IR bd =50Blv （2分） 方框中的热功率为：P=I 2R bd =r v l B 7542022.（2分） （2）在U 形框向右运动的过程中，U 形框和方框组成的系统所受外力为零，故系统动量守恒.设到达图示位置时具有共同的速度v ，根据动量守恒定律3mv 0=(3m+4m)v ，解得：v=73v 0.（2分） 根据能量守恒定律，U 形框和方框组成的系统损失的机械能等于在这一过程中两框架上产生的热量，即Q=21×3mv 02-21×7mv 2=76mv 02.（2分） （3）设U 形框和方框不再接触时方框速度为v 1，U 形框的速度为v 2，根据动量守恒定律，有3mv=4mv 1+3mv 2（2分）两框架脱离以后分别以各自的速度做匀速运动，经过时间t 方框最右侧和U 形框最左侧距离为s ，即(v 2-v 1)t=s （2分）联立以上两式，解得：v 1=73(v-t s ),v 2=71(3v+ts 4).（2分）。
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专题一力与物体平衡
高频考点一受力分析物体的静态平衡
例１如图所示,水平推力F使物体静止于斜面上,则( )
A.物体一定受3个力的作用
Ｂ.物体可能受３个力的作用
Ｃ．物体一定受到沿斜面向下的静摩擦力的作用
D.物体一定受到沿斜面向上的静摩擦力的作用
解析：选B.以物体为研究对象受力分析如图，若F coｓθ=G siｎθ时，物体在水平推力、重力、斜面支持力三力作用下处于平衡状态,则物体受三个力作用；若Fｃoｓθ＞Gｓｉn θ(或F cos θ<G sｉｎθ＝时，物体仍可以静止在斜面上，但物体将受到沿斜面向下(或沿斜面向上）的静摩擦力，综上所述Ｂ对．
【变式探究】(多选）如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平地面上,小物体B置于斜面体Ｃ上，通过细绳跨过光滑的轻质定滑轮与物体A相连接,连接物体B的一段细绳与斜面平行，已知Ａ、Ｂ、C均处于静止状态,定滑轮通过细杆固定在天花板上，则下列说法中正确的是( )
A.物体B可能不受静摩擦力作用
B．斜面体C与地面之间可能不存在静摩擦力作用
Ｃ.细杆对定滑轮的作用力沿杆竖直向上
Ｄ.将细绳剪断,若物体B仍静止在斜面体C上,则此时斜面体C与地面之间一定不存在静摩擦力作用
高频考点二物体的动态平衡问题
【例1】如图所示，一小球放置在木板与竖直墙面之间.设墙面对球的压力大小为N１,球对木板的压力大小为N2.以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴,将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置.不计摩擦，在此过程中( )
A．N1始终减小,N2始终增大
B.N1始终减小,Ｎ2始终减小
C.N1先增大后减小，N2始终减小
D．N１先增大后减小，N２先减小后增大。