新编基础物理学上册答案
八年级上册新编基础训练物理
物理学习指南八年级上册新编基础训练物理学习指南一、力和运动1.了解力的概念、性质和单位，理解力的作用是相互的。
2.掌握牛顿第一定律，理解力和运动的关系。
3.学习力的图示方法，能够进行简单的受力分析。
4.掌握力的平衡条件，能够解决平衡状态下的简单问题。
二、重力、弹力和摩擦力1.了解重力的概念和方向，理解重力与质量的关系。
2.学习弹力的概念和产生条件，了解弹簧测力计的使用方法。
3.理解摩擦力的概念和产生条件，掌握滑动摩擦力的大小计算。
4.能够分析生活中常见的重力、弹力和摩擦力问题。
三、力的平衡和牛顿运动定律1.掌握力的平衡条件，能够解决平衡状态下的复杂问题。
2.学习牛顿第一定律和牛顿第二定律，理解加速度与力和质量的关系。
3.了解牛顿第三定律，理解作用力和反作用力的关系。
4.能够应用牛顿运动定律解决生活中的实际问题。
四、压强和浮力1.学习压强的概念和计算方法，了解液体和气体对容器的压强。
2.了解帕斯卡原理，能够解释生活中的压强现象。
3.学习浮力的概念和阿基米德原理，了解物体浮沉的条件。
4.能够解决生活中常见的压强和浮力问题。
五、功和能1.学习功的概念和计算方法，理解功与能的关系。
2.了解动能和势能的概念，理解动能定理和机械能守恒定律。
3.能够分析生活中常见的功和能问题，解决能量转化和守恒的问题。
4.了解功率的概念和计算方法，能够进行简单的功率计算。
六、声现象1.了解声音的产生和传播原理，理解音调、响度和音色的概念。
2.学习乐音和噪声的区别，了解减弱噪声的方法。
3.了解超声波和次声波的应用，能够解释生活中的声现象。
4.能够应用声学知识解决生活中的实际问题。
七、物态变化1.了解温度的概念和测量方法，理解温度对物态变化的影响。
2.学习熔化和凝固、汽化和液化、升华和凝华等物态变化的过程和特点。
新编基础物理学(王少杰、顾牡)版本)上册期末考试题库
填空，选择第一章 质点运动学一、选择题1、质点作曲线运动，→r 表示位置矢量，s 表示路程，ta 表示切向加速度，下列表达式中[ D ] （1）a dt dv =；（2）v dt dr =；（3）v dt ds =；（4）t a dtdv=。
（A ）只有（1），（4）是对的； （B ）只有（2），（4）是对的； （C ）只有（2）是对的； （D ）只有（3）是对的。
2、质点沿半径为R 的圆周作匀速率运动，每t 秒转一圈，在2t 时间间隔中，其平均速度大小与平均速率大小分别为 [ B ] (A)tRπ2,tR π2 ； (B) 0，tR π2； (C) 0，0； (D)tR π2，0.3、一运动质点在某瞬时位于矢径),(y x r的端点处，其速度大小为 [ D ](A) dt dr (B) dt rd (C) dt r d (D)22)()(dt dy dt dx +4、一小球沿斜面向上运动，其运动方程为245tt s -+=，则小球运动到最高点的时刻是 [ B ]（A ）t=4s ； （B ）t=2s ； （C ）t=8s ； (D) t=5s5、一质点在平面上运动，已知质点位置矢量的表示式为22ra t i b tj =+（其中a,b 为常数），则质点作[ B ]（A ）匀速直线运动； （B ）变速直线运动； （C ）抛物线运动； （D ）一般曲线运动。
二、填空题1．已知质点的运动方程为：jt t i t t r )314()2125(32++-+=. 当 t ＝2 s 时，a =4i j -+ 。
2、说明质点做何种运动时，将出现下述各种情况（0v ≠）： （1）0,0n a a τ≠≠，变速率曲线运动； （2）0,0n a a τ≠=，变速率直线运动。
3、一质点运动方程为26x t t =-，则在由0至4s 的时间间隔内，质点的位移大小为_______8m_____,在由0到4s 的时间间隔内质点走过的路程为____10m__________。
基础物理学课程试题及答案详解
一 选择题（每题3分，共30分）1．一定量的理想气体贮于某一容器中，温度为T ，气体分子的质量为m ．根据理想气体分子模型和统计假设，分子速度在x 方向的分量的平均值(A) m kT π8=x v ． (B) mkT π831=x v ． (C) mkT π38=x v ． (D) =x v 0 ． ［ ］ 2．在标准状态下，若氧气(视为刚性双原子分子的理想气体)和氦气的体积比V 1 /V 2=1 / 2 ，则其内能之比E 1 / E 2为:(A) 3 / 10． (B) 1 / 2．(C) 5 / 6． (D) 5 / 3．3．水蒸气分解成同温度的氢气和氧气，内能增加了百分之几(不计振动自由度和化学能)？(A) 66.7％． (B) 50％．(C) 25％． (D) 0． ［ ］4．两瓶不同种类的理想气体，它们的温度和压强都相同，但体积不同，则单位体积内的气体分子数n ，单位体积内的气体分子的总平动动能(E K /V )，单位体积内的气体质量ρ，分别有如下关系：(A) n 不同，(E K /V )不同，ρ 不同．(B) n 不同，(E K /V )不同，ρ 相同．(C) n 相同，(E K /V )相同，ρ 不同．(D) n 相同，(E K /V )相同，ρ 相同． ［ ］5．玻尔兹曼分布律表明：在某一温度的平衡态，(1) 分布在某一区间(坐标区间和速度区间)的分子数，与该区间粒子的能量成正比．(2) 在同样大小的各区间(坐标区间和速度区间)中，能量较大的分子数较少；能量较小的分子数较多．(3) 在大小相等的各区间(坐标区间和速度区间)中比较，分子总是处于低能态的概率大些．(4) 分布在某一坐标区间内、具有各种速度的分子总数只与坐标区间的间隔成正比，与粒子能量无关．以上四种说法中，(A) 只有(1)、(2)是正确的．(B) 只有(2)、(3)是正确的．(C) 只有(1)、(2)、(3)是正确的．(D) 全部是正确的． ［ ］6．已知一定量的某种理想气体，在温度为T 1与T 2时的分子最概然速率分别为v p 1和v p 2，分子速率分布函数的最大值分别为f (v p 1)和f (v p 2)．若T 1>T 2，则(A) v p 1 > v p 2， f (v p 1)> f (v p 2)．(B) v p 1 > v p 2， f (v p 1)< f (v p 2)．(C) v p 1 < v p 2， f (v p 1)> f (v p 2)．(D) v p 1 < v p 2， f (v p 1)< f (v p 2)． ［ ］7．若f (v )为气体分子速率分布函数，N 为分子总数，m 为分子质量，则⎰21d )(212v v v v v Nf m 的物理意义是 (A) 速率为2v 的各分子的总平动动能与速率为1v 的各分子的总平动动能之差．(B) 速率为2v 的各分子的总平动动能与速率为1v 的各分子的总平动动能之和．(C) 速率处在速率间隔1v ~2v 之内的分子的平均平动动能．(D) 速率处在速率间隔1v ~2v 之内的分子平动动能之和． ［ ］8．在一个体积不变的容器中，储有一定量的理想气体，温度为T 0时，气体分子的平均速率为0v ，分子平均碰撞次数为0Z ，平均自由程为0λ．当气体温度升高为4T 0时，气体分子的平均速率v ，平均碰撞频率Z 和平均自由程λ分别为：(A) v ＝40v ，Z ＝40Z ，λ＝40λ．(B) v ＝20v ，Z ＝20Z ，λ＝0λ．(C) v ＝20v ，Z ＝20Z ，λ＝40λ．(D) v ＝40v ，Z ＝20Z ，λ＝0λ． ［ ］9. 如图所示，一定量理想气体从体积V 1，膨胀到体积V 2分别经历的过程是：A→B 等压过程，A →C 等温过程；A →D 绝热过程，其中吸热量最多的过程(A) 是A →B.(B)是A →C.(C)是A →D.(D)既是A →B 也是A →C , 两过程吸热一样多。
事业单位考试物理学基础知识题库及答案
事业单位考试物理学基础知识题库及答案
第一题
请问什么是物理学？
答案：物理学是研究物质的运动、变化以及与能量、力、力学
等相关规律的科学学科。
第二题
请列举一些物理学的基本分支领域。
答案：物理学的基本分支领域包括力学、热学、光学、电磁学、原子物理学、核物理学等。
第三题
请问力学是物理学的哪个分支？
答案：力学是物理学的基本分支之一，主要研究物体的运动规
律以及受力的影响。
第四题
请问什么是牛顿第一定律？
答案：牛顿第一定律，也称为惯性定律，指出一个物体如果没有外力作用，其状态将保持静止或匀速直线运动的状态。
第五题
请问什么是光学？
答案：光学是研究关于光的传播、干涉、衍射、折射等现象和性质的物理学分支。
第六题
请解释一下电磁学的基本原理。
答案：电磁学基于电荷之间的相互作用和电磁场的性质，研究电荷和电流的运动以及电磁波的传播。
第七题
请问核物理学研究的是什么？
答案：核物理学研究原子核的结构、性质以及核反应等现象。
这些题目和答案只是物理学基础知识的一小部分，供参考和复使用。
希望对您的事业单位考试物理学基础知识有所帮助。
---
以上答案只供参考和复习使用，对于确切的考试题目和答案，请以官方出题和参考资料为准。
新编基础物理学上册1-2单元课后答案
新编物理基础学(上、下册)课后习题详细答案王少杰，顾牡主编第一章1-1.质点运动学方程为：cos()sin(),r a t i a t j btk ωω=++r r r r其中a ，b ，ω均为正常数，求质点速度和加速度与时间的关系式。
分析：由速度、加速度的定义，将运动方程()r t r对时间t 求一阶导数和二阶导数，可得到速度和加速度的表达式。
解：/sin()cos()==-++r r r r rv dr dt a t i a t j bk ωωωω2/cos()sin()a dv dt a t i t j ωωω⎡⎤==-+⎣⎦r r r r1-2. 一艘正在沿直线行驶的电艇，在发动机关闭后，其加速度方向与速度方向相反，大小与速度平方成正比，即2/d d v v K t -=， 式中K 为常量．试证明电艇在关闭发动机后又行驶x 距离时的速度为 0Kx v v e -= 。
其中0v 是发动机关闭时的速度。
分析：要求()v v x =可通过积分变量替换dxdvvdt dv a ==，积分即可求得。
证：2d d d d d d d d v x vv t x x v t v K -==⋅= d Kdx v =-v⎰⎰-=x x K 0d d 10v v v v , Kx -=0ln v v0Kx v v e -=1-3．一质点在xOy 平面内运动，运动函数为22,48x t y t ==-。
（1）求质点的轨道方程并画出轨道曲线；（2）求t =1 s t =2 s 和时质点的位置、速度和加速度。
分析：将运动方程x 和y 的两个分量式消去参数t ，便可得到质点的轨道方程。
写出质点的运动学方程)(t r ρ表达式。
对运动学方程求一阶导、二阶导得()v t r 和()a t r ，把时间代入可得某时刻质点的位置、速度、加速度。
解：（1）由2,x t =得：,2x t =代入248y t =-可得：28y x =-，即轨道曲线。
《新编基础物理学答案》_第9章
解图9-2第9章 电荷与真空中的静电场9-1 两个小球都带正电，总共带有电荷55.010C -⨯,如果当两小球相距2.0m 时，任一球受另一球的斥力为1.0N.试求：总电荷在两球上是如何分配的。
分析：运用库仑定律求解。
解：如解图9-1所示，设两小球分别带电q 1，q 2则有512+ 5.010q q -=⨯ ①由库仑定律得912122091014π4q q q q F r ε⨯=== ② 由①②联立解得5152 1.210C 3.810Cq q --⎧=⨯⎪⎨=⨯⎪⎩9-2 两根26.010m -⨯长的丝线由一点挂下，每根丝线的下端都系着一个质量为30.510kg -⨯的小球.当这两个小球都带有等量的正电荷时，每根丝线都平衡在与沿垂线成60°角的位置上。
求每一个小球的电量。
分析：对小球进行受力分析，运用库仑定律及小球平衡时所受力的相互关系求解。
解：设两小球带电12=q q q =，小球受力如解图9-2所示220cos304πq F T R ε==︒ ①sin30mg T =︒ ②联立①②得2o 024tan30mg R qπε= ③ 其中223sin 606103310(m)2r l --=︒=⨯⨯=⨯ 2R r =代入③式，得71.0110C q -=⨯解图9-19-3 在电场中某一点的场强定义为0FE q =，若该点没有试验电荷，那么该点是否存在电场？为什么？答：若该点没有试验电荷，该点的场强不变.因为场强是描述电场性质的物理量，仅与场源电荷的分布及空间位置有关，与试验电荷无关，从库仑定律知道，试验电荷0q 所受力F与0q 成正比，故0FE q =是与0q 无关的。
9-4 直角三角形ABC 如题图9-4所示，AB 为斜边，A 点上有一点荷91 1.810C q -=⨯，B 点上有一点电荷92 4.810C q -=-⨯，已知0.04m BC =，0.03m AC =，求C 点电场强度E的大小和方向(cos370.8︒≈,sin370.6︒≈).分析：运用点电荷场强公式及场强叠加原理求解。
新编基础物理学上册5-6单元课后答案
第五章5-1有一弹簧振子，振幅 A 2.0 10 2 m，周期T 1.0 s，初相 3 / 4.试写出它的振动位移、速度和加速度方程。
分析根据振动的标准形式得出振动方程，通过求导即可求解速度和加速度方程。
、2解：振动方程为：x Acos[ t ] Acos[ t ]代入有关数据得：x 0.02 cos[2 t 3 ]( SI )4振子的速度和加速度分别是：v dx / dt0.04si n[2 t 34](SI) 4a d2x/dt20.082 cos[2 t3-](SI)45-2若简谐振动方程为x 0.1 cos[20 t / 4]m，求(1) 振幅、频率、角频率、周期和初相;(2) t=2s时的位移、速度和加速度.分析通过与简谐振动标准方程对比，得出特征参量。
解: (1)可用比较法求解•根据x Acos[ t ] 0.1 cos[ 20 t / 4] 得：振幅A0.1 m，角频率20 rad / s，频率/210s 周期T 1/0.1 s，/ 4 rad(2)t 2s时，振动相位为：20 t / 4 (40/ 4) rad由x A cos ， A sin2，a A cos2x得x0.0707m, 4.44 m/s, a279m/s25-3质量为2kg的质点，按方程x 0.2 sin[ 5t ( /6)]( SI )沿着x轴振动.求:(1)t=0时，作用于质点的力的大小；(2 )作用于质点的力的最大值和此时质点的位置分析根据振动的动力学特征和已知的简谐振动方程求解，位移最大时受力最大。
2解：(1)跟据f ma m x，x 0.2 sin[ 5t ( /6)]将t 0代入上式中，得：f 5.0 N2(2)由f m x可知，当x A 0.2 m时，质点受力最大，为 f 10.0 N 5-4为了测得一物体的质量m将其挂到一弹簧上并让其自由振动，测得振动频率1 1.0Hz ；而当将另一已知质量为m'的物体单独挂到该弹簧上时，测得频率为2 2.0Hz.设振动均在弹簧的弹性限度内进行，求被测物体的质量分析根据简谐振动频率公式比较即可。
新编物理基础学上册第5章课后习题(每题都有)详细答案
新编物理基础学上册第5章课后习题（每题都有）详细答案第五章5-1有一弹簧振子，振幅A2.0102m，周期T1.0，初相3/4.试写出它的振动位移、速度和加速度方程。
分析根据振动的标准形式得出振动方程，通过求导即可求解速度和加速度方程。
解：振动方程为：某Aco[t]Aco[代入有关数据得：某0.02co[2t振子的速度和加速度分别是：vd某/dt0.04in[2tad2某/dt20.082co[2t2t]T3](SI)43](SI)43](SI)45-2若简谐振动方程为某0.1co[20t/4]m，求：（1）振幅、频率、角频率、周期和初相；（2）t=2时的位移、速度和加速度.分析通过与简谐振动标准方程对比，得出特征参量。
解：(1)可用比较法求解.根据某Aco[t]0.1co[20t/4]得：振幅A0.1m，角频率20rad/，频率/2101，周期T1/0.1，/4rad（2）t2时，振动相位为：20t/4(40/4)rad由某Aco，Ain，aA2co2某得某0.0707m,4.44m/,a279m/25-3质量为2kg的质点，按方程某0.2in[5t(/6)](SI)沿着某轴振动.求：（1）t=0时，作用于质点的力的大小；（2）作用于质点的力的最大值和此时质点的位置.分析根据振动的动力学特征和已知的简谐振动方程求解，位移最大时受力最大。
解：（1）跟据fmam2某，某0.2in[5t(/6)]将t0代入上式中，得：f5.0N（2）由fm2某可知，当某A0.2m时，质点受力最大，为f10.0N5-4为了测得一物体的质量m，将其挂到一弹簧上并让其自由振动，测得振动频率11.0Hz；而当将另一已知质量为m'的物体单独挂到该弹簧上时，测得频率为22.0Hz.设振动均在弹簧的弹性限度内进行，求被测物体的质量.分析根据简谐振动频率公式比较即可。
解：由12k/m，对于同一弹簧（k相同）采用比较法可得：1m'2m解得：m4m'5-5一放置在水平桌面上的弹簧振子，振幅A2.0102m，周期T=0.5，当t=0时，（1）物体在正方向端点；（2）物体在平衡位置，向负方向运动；（3）物体在某1.0102m处，向负方向运动；（4）物体在某1.0102m处，向负方向运动.求以上各种情况的振动方程。
基础物理学第五章(静电场)课后习题答案
基础物理学第五章(静电场)课后习题答案.txt有没有人像我一样在听到某些歌的时候会忽然想到自己的往事_______如果我能回到从前，我会选择不认识你。
不是我后悔，是我不能面对没有你的结局。
第五章静电场思考题5-1 根据点电荷的场强公式，当所考察的点与点电荷的距离时，则场强，这是没有物理意义的。
对这个问题该如何解释？答:当时,对于所考察点来说,q已经不是点电荷了,点电荷的场强公式不再适用.5-2 与两公式有什么区别和联系？答：前式为电场（静电场、运动电荷电场）电场强度的定义式，后式是静电点电荷产生的电场分布。
静电场中前式是后一式的矢量叠加，即空间一点的场强是所有点电荷在此产生的场强之和。
5-3 如果通过闭合面S的电通量为零，是否能肯定面S上每一点的场强都等于零？答：不能。
通过闭合面S的电通量为零，即，只是说明穿入、穿出闭合面S的电力线条数一样多，不能讲闭合面各处没有电力线的穿入、穿出。
只要穿入、穿出，面上的场强就不为零，所以不能肯定面S上每一点的场强都等于零。
5-4 如果在闭合面S上，处处为零，能否肯定此闭合面一定没有包围净电荷？答：能肯定。
由高斯定理，E处处为零，能说明面内整个空间的电荷代数和，即此封闭面一定没有包围净电荷。
但不能保证面内各局部空间无净电荷。
例如，导体内有一带电体，平衡时导体壳内的闭合高斯面上E处处为零，此封闭面包围的净电荷为零，而面内的带电体上有净电荷，导体内表面也有净电荷，只不过它们两者之和为零。
5-5 电场强度的环流表示什么物理意义？表示静电场具有怎样的性质？答：电场强度的环流说明静电力是保守力，静电场是保守力场。
表示静电场的电场线不能闭合。
如果其电场线是闭合曲线，我们就可以将其电场线作为积分回路，由于回路上各点沿环路切向，得，这与静电场环路定理矛盾，说明静电场的电场线不可能闭合。
5-6 在高斯定理中，对高斯面的形状有无特殊要求？在应用高斯定理求场强时，对高斯面的形状有无特殊要求？如何选取合适的高斯面？高斯定理表示静电场具有怎么的性质？答：在高斯定理中，对高斯面的形状没有特殊要求；在应用高斯定理求场强时，对高斯面的形状有特殊要求，由于场强的分布具有某种对称性，如球对称、面对称、轴对称等，所以要选取合适的高斯面，使得在计算通过此高斯面的电通量时，可以从积分号中提出来，而只需对简单的几何曲面进行积分就可以了；高斯定理表示静电场是有源场。
基础物理学第七章(电磁感应)课后习题答案
第七章电磁感应变化电磁场思考题7-1感应电动势与感应电流哪一个更能反映电磁感应现象的本质？答：感应电动势。
7-2 直流电流表中线圈的框架是闭合的铝框架，为什么？灵敏电流计的线圈处于永磁体的磁场中，通入电流线圈就发生偏转。
切断电流后线圈在回复原来位置前总要来回摆动好多次。
这时如果用导线把线圈的两个接头短路，则摆动会马上停止。
这是什么缘故?答：用导线把线圈的两个接头短路，线圈中产生感应电流，因此线圈在磁场中受到一力偶矩的作用，阻碍线圈运动，使线圈很快停下来。
7-3让一块磁铁在一根很长的铅直铜管内落下，若不计空气阻力，试描述磁铁的运动情况，并说明理由。
答：当磁铁在金属管中时，金属管内感应感生电流，由楞次定律可知，感生电流的方向，总是使它所激发的磁场去阻止引起感应电流的原磁通量的变化，即：阻碍磁铁相对金属管的运动。
磁铁在金属管内除重力外，受到向上的磁力，向下的加速度减小，速度增大，相应磁力增大。
当磁力等于重力时，磁铁作匀速向下运动，达到动态平衡。
7-4用金属丝绕制的标准电阻是无自感的，怎样绕制才能达到自感系数为零的目的？答：如果回路周围不存在铁磁质，自感L的数值将与电流无关，仅由回路的几何性质、匝数以及周围磁介质的磁导率所决定。
把一条金属丝接成双线绕制，就能得到自感系数为零的线圈。
做纯电阻用的电阻器都是这样绕制的。
7-5 举例说明磁能是贮藏在磁场中的。
7-6如果电路中通有强电流，当你突然拉开闸刀断电时，就会有火花跳过闸刀。
试解释这一现象。
答：当突然拉开通有强电流电路中的刀闸而断电时，电路中电流迅速减小，电流的变化率很大，因而在电路中会产生很大的自感电动势。
此电动势可以把刀闸两端间的空气击穿，因而在刀闸处会有大的火花跳过。
7-7 变化的电场所产生的磁场，是否一定随时间而变化？变化的磁场所产生的电场，是否也一定随时间而变化？7-8 试比较传导电流与位移电流。
答：位移电流具有磁效应-与传导电流相同。
两者不同之处：产生机理不同，传导电流是电荷定向运动形成的，位移电流是变化的电场产生的；存在条件不同，传导电流需要导体，位移电流不需要导体，可以存在于真空中、导体中、介质中；位移电流没有热效应，传导电流产生焦耳热。
新编基础物理学上册7-8单元课后答案
第七章7-1氧气瓶的容积为32 L ,瓶内充满氧气时的压强为13Oatm 。
若每小时用的氧气在Iatm 下体积为400L 。
设使用过程温度保持不变，当瓶内压强降到IOatm 时，使用了几个小时？分析氧气的使用过程中，氧气瓶的容积不变，压强减小。
因此可由气体状态方程得到使用 前后的氧气质量。
进而将总的消耗量和每小时的消耗量比较求解。
解 已知 R = 130atm, P 2 =10atm, P 3 = Iatm; V I= V ? = V = 32 L, V^ = 400L 。
质量分别为m ，m 2， m ,由题意可得：m 2 RT M所以一瓶氧气能用小时数为：7-3氢分子的质量为3.3 10 ^4克。
如果每秒有10 23个氢分子沿着与墙面的法线成 45角的方向以105厘米/秒的速率撞击在面积为 2.0cm 2的墙面上，如果撞击是完全弹性的，求这些氢分子作用在墙面上的压强分析 压强即作用在单位面积上的平均作用力，而平均作用力由动量定理求得。
PV 3 g —m 2 PV —P 2V n =13°一10 32 76小时m ∣31.0 4007-2 一氦氖气体激光管， 工作时管内温度为27 C 。
压强为2.4mmHg 氦气与氖气得压强比是7:1.求管内氦气和氖气的分数密度分析 先求得氦气和氖气各自得压强，再根据公式 P= nkT 求解氦气和氖气的分数密度。
解:依题意,n =n 氦∙ n 氖，P=P 氦 P 氖=2.4 所以二空 1.013 105Pa,760心.013 汇 105Pa ； P K : F 氖=7:1760031.013 105Pa ， 760根据 P =nkT所以 (2.仃760产 1.013"=6.76D0 22 m'n 氦=氦kTP 氖 21 3 n 氖 -9.66 10 m 氖kT_231.38 10 300 解：单位时间内作用在墙面上的平均作用力为F = 2mvcos45 NJ 22 3.3 10 ^7 10510——1023 F 2mv COS 45 N2 P = S=2330 Pa7-4 一个能量为1012ev 的宇宙射线粒子，射入一氖气管中，氖管中含有氦气0.10mol,如果宇宙射线粒子的能量全部被氖气分子所吸收而变为热运动能量，问氖气的温度升高了多少 ？分析对确定的理想气体，其分子能量是温度的单值函数， 因此能量的变化对应着温度的变 化。
大学物理基础教程全一册答案
大学物理基础教程全一册答案1. 光的干涉和衍射不仅说明了光具有波动性,还说明了光是横波。
[单选题] *对错(正确答案)2. 拍摄玻璃橱窗内的物品时,往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度。
[单选题] *对错(正确答案)3. 爱因斯坦提出的光子说否定了光的波动说。
[单选题] *对错(正确答案)4. 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的裂变反应。
[单选题] *对错(正确答案)5. 全息照片往往用激光来拍摄,主要是利用了激光的相干性。
[单选题] *对(正确答案)错6. 卢瑟福的α粒子散射实验可以估测原子核的大小。
[单选题] *对(正确答案)错7. 紫光光子的能量比红光光子的能量大。
[单选题] *对(正确答案)错8. 对于氢原子,量子数越大,其电势能也越大。
[单选题] *对(正确答案)错9. 雨后天空出现的彩虹是光的衍射现象。
[单选题] *对错(正确答案)10. 光的偏振现象说明光是横波。
[单选题] *对(正确答案)错11. 爱因斯坦提出光是一种电磁波。
[单选题] *对错(正确答案)12. 麦克斯韦提出光子说,成功地解释了光电效应。
[单选题] *对错(正确答案)13. 不同色光在真空中的速度相同但在同一介质中速度不同。
[单选题] *对(正确答案)错14. 当原子处于不同的能级时,电子在各处出现的概率是不一样的。
[单选题] *对(正确答案)错15. 同一种放射性元素处于单质状态或化合物状态,其半衰期相同 [单选题] *对(正确答案)错16. 原子核衰变可同时放出α、β、「射线,它们都是电磁波。
[单选题] *对错(正确答案)17. 治疗脑肿瘤的“「刀”是利用了r射线电离本领大的特性。
[单选题] *对错(正确答案)18. β射线的电子是原子核外电子释放出来而形成的。
[单选题] *对错(正确答案)19. 玻尔理论是依据α粒子散射实验分析得出的。
[单选题] *对错(正确答案)20. 氢原子核外电子从小半径轨道跃迁到大半径轨道时,电子的动能减小,电势能增大,总能量增大。
新编物理学基础课后习题答案
简答题：简述热力学第一定律和第二定律的内容，并指出它们在物理学中的意义。
热力学基础习题答案
简答题
简述分子动理论的基本内容，并说明气体分子平均自由程与哪些因素有关。
答案
分子动理论的基本内容包括分子在永不停息地做无规则运动，分子之间存在着引力和斥力，分子之间存在着空隙。气体分子平均自由程与气体压强、温度和分子的平均碰撞频率有关。
总结词
能够运用动量和角动量的知识解决实际问题。
总结词
理解动量守恒和角动量守恒的条件和意义。
动量与角动量习题答案
动量与角动量习题答案
01
02
03
详细描述
动量是描述物体运动状态的物理量，计算公式为 $p = mv$，其中 $m$ 是物体的质量，$v$ 是物体的速度。
角动量是描述物体旋转运动的物理量，计算公式为 $L = mr^2omega$，其中 $m$ 是物体的质量，$r$ 是物体到旋转轴的距离，$omega$ 是物体的角速度。
法拉第电磁感应定律描述了当磁场发生变化时会在导体中产生感应电动势的现象。楞次定律指出感应电流的方向总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化。
磁场
安培环路定律
法拉第电磁感应定律
磁场与电磁感应习题答案
光学部分习题答案
04
在此添加您的文本17字
在此添加您的文本16字
在此添加您的文本16字
在此添加您的文本16字
康普顿散射证明了光的粒子性，并为量子力学的发展奠定了基础。
光的量子性习题答案
量子力学部分习题答案
05
不确定性原理
由海森堡提出，指在量子力学中无法同时精确测量某些物理量，如位置和动量。
测量
在量子力学中，测量是一个重要的概念，它会影响到量子态的塌缩和结果的不确定性。
新编基础物理学上册16-17单元课后答案
第十六章16－1 某物体辐射频率为Hz .141006⨯的黄光，这种辐射的能量子的能量是多大？ 分析 本题考察的是辐射能量与辐射频率的关系.解: 根据普朗克能量子公式有:J 106.63hv -341914100.4100.6-⨯=⨯⨯⨯==ε16－2 热核爆炸中火球的瞬时温度高达K 710，试估算辐射最强的波长和这种波长的能量子hv 的值。
分析 本题考察的是维恩位移定律及普朗克能量子公式的应用。
解: 将火球的辐射视为黑体辐射, 根据维恩位移定律, 可得火球辐射峰值的波长为:)(1089.2101089.21073m T b m --⨯=⨯==λ 上述波长的能量子的能量为:eV 104.29J 106.63hchv 3-34⨯=⨯=⨯⨯⨯⨯===--161081087.61089.2103λε 16－3 假定太阳和地球都可以看成黑体，如太阳表面温度T S =6000K ，地球表面各处温度相同，试求地球的表面温度（已知太阳的半径R 0=6.96×105km ，太阳到地球的距离r =1.496×108km ）。
分析 本题是斯忒藩—玻尔兹曼定律的应用。
解：由40T M σ=太阳的辐射总功率为)(1047.4)1096.6(460001067.54426284820420W R T R M P S S S ⨯=⨯⨯⨯⨯⨯===-ππσπ地球接受到的功率为)(1000.2)10496.121037.6(1047.4)2(417211626222W d R P R d P P E S E S E ⨯=⨯⨯⨯⨯====ππ 把地球看作黑体，则24244EE E E E R T R M P πσπ== )(290)1037.6(41067.51000.2442681742K R P T E E E =⨯⨯⨯⨯⨯==-ππσ 16－4 一波长nm 2001＝λ的紫外光源和一波长nm 7002＝λ的红外光源，两者的功率都是400W 。
新编基础物理学上册7-8单元课后答案
第七章7-1 氧气瓶的容积为瓶内充满氧气时的压强为130atm 。
若每小时用的氧气在1atm 下体积为400L 。
设使用过程温度保持不变，当瓶内压强降到10atm 时，使用了几个小时?分析 氧气的使用过程中，氧气瓶的容积不变，压强减小。
因此可由气体状态方程得到使用前后的氧气质量。
进而将总的消耗量和每小时的消耗量比较求解。
解 已知 。
质量分别为，，,由题意可得: 11m PV RT M= ○1 22m PV RT M= ○2 233m PV RT M = ○3 所以一瓶氧气能用小时数为: ()121233313010329.61.0400m m PV PV n m PV -⨯--====⨯小时 7-2 一氦氖气体激光管，工作时管内温度为 27。
压强为2.4mmHg ，氦气与氖气得压强比是7:1.求管内氦气和氖气的分数密度.分析 先求得氦气和氖气各自得压强，再根据公式求解氦气和氖气的分数密度。
所以 ,根据所以 2139.6610P n m kT -=⨯氖氖7-3 氢分子的质量为克。
如果每秒有个氢分子沿着与墙面的法线成角的方向以厘米/秒的速率撞击在面积为的墙面上,如果撞击是完全弹性的,求这些氢分子作用在墙面上的压强.分析 压强即作用在单位面积上的平均作用力，而平均作用力由动量定理求得。
解:单位时间内作用在墙面上的平均作用力为:27522342 3.3101010102cos 4522330210F mv N p Pa S S---⨯⨯⨯⨯︒====⨯ 7-4 一个能量为的宇宙射线粒子,射入一氖气管中,氖管中含有氦气0.10mol,如果宇宙射线粒子的能量全部被氖气分子所吸收而变为热运动能量,问氖气的温度升高了多少?分析 对确定的理想气体，其分子能量是温度的单值函数，因此能量的变化对应着温度的变化。
由能量守恒求解氖气的温度变化。
2312193 0.1 6.0210 k T 10 1.6102-⨯⨯⨯∆=⨯⨯ 771.610 1.28100.1 6.02 1.5 1.38T K -=⨯∆==⨯⨯⨯⨯ 7-5 容器内贮有1摩尔某种气体。
新编基础物理学上册3-4单元课后答案
第三章3-1 半径为R 、质量为M 的均匀薄圆盘上，挖去一个直径为R 的圆孔，孔的中心在12R 处，求所剩部分对通过原圆盘中心且与板面垂直的轴的转动惯量。
分析：用补偿法（负质量法）求解，由平行轴定理求其挖去部分的转动惯量，用原圆盘转动惯量减去挖去部分的转动惯量即得。
注意对同一轴而言。
解：没挖去前大圆对通过原圆盘中心且与板面垂直的轴的转动惯量为：2112J MR =① 由平行轴定理得被挖去部分对通过原圆盘中心且与板面垂直的轴的转动惯量为：2222213()()2424232c M R M R J J md MR =+=⨯⨯+⨯= ② 由①②式得所剩部分对通过原圆盘中心且与板面垂直的轴的转动惯量为：2121332J J J MR =-=3-2 如题图3-2所示，一根均匀细铁丝，质量为M ，长度为L ，在其中点O 处弯成120θ=︒角，放在xOy 平面内，求铁丝对Ox 轴、Oy 轴、Oz 轴的转动惯量。
分析：取微元，由转动惯量的定义求积分可得 解：（1）对x 轴的转动惯量为：2022201(sin 60)32Lx M J r dm l dl ML L ===⎰⎰ （2）对y 轴的转动惯量为：20222015()(sin 30)32296Ly M L M J l dl ML L =⨯⨯+=⎰（3）对Z 轴的转动惯量为：22112()32212z M L J ML =⨯⨯⨯=3-3 电风扇开启电源后经过5s 达到额定转速，此时角速度为每秒5转，关闭电源后经过16s 风扇停止转动，已知风扇转动惯量为20.5kg m ⋅，且摩擦力矩f M 和电磁力矩M 均为常量，求电机的电磁力矩M 。
分析：f M ，M 为常量，开启电源5s 内是匀加速转动，关闭电源16s 内是匀减速转动，可得相应加速度，由转动定律求得电磁力矩M 。
解：由定轴转动定律得：1f M M J β-=，即11252520.50.5 4.12516f M J M J J N m ππβββ⨯⨯=+=+=⨯+⨯=⋅ 3-4 飞轮的质量为60kg ，直径为0.5m ，转速为1000/min r ，现要求在5s 内使其制动，求制动力F ，假定闸瓦与飞轮之间的摩擦系数0.4μ=，飞轮的质量全部分布在轮的外周上，尺寸如题图3-4所示。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
新编基础物理学上册答案【篇一：新编基础物理学上册1-2单元课后答案】class=txt>王少杰，顾牡主编第一章????1-1.质点运动学方程为：r?acos(?t)i?asin(?t)j?btk,其中a，b，?均为正常数，求质点速度和加速度与时间的关系式。
?分析：由速度、加速度的定义，将运动方程r(t)对时间t求一阶导数和二阶导数，可得到速度和加速度的表达式。
?????解：v?dr/dt??a?sin(?t)i?a?cos(?t)j?bk????2a?dv/dt??a???cos(?t)i?sin(?t)j??1-2. 一艘正在沿直线行驶的电艇，在发动机关闭后，其加速度方向与速度方向相反，大小与速度平方成正比，即dv/dt??kv2，式中k为常量．试证明电艇在关闭发动机后又行驶x距离时的速度为v?v0e?kx 。
其中v0是发动机关闭时的速度。
dvdv分析：要求v?v(x)可通过积分变量替换a?，积分即可求得。
?vdtdxdvdvdxdv???v??kv2dtdxdtdxdv??kdxvv1xvv???v0v?0kdx ,lnv0??kx证：v?v0e?kx1-3．一质点在xoy平面内运动，运动函数为x?2t,y?4t2?8。
（1）求质点的轨道方程并画出轨道曲线；（2）求t=1 s和t=2 s 时质点的位置、速度和加速度。
分析：将运动方程x和y的两个分量式消去参数t，便可得到质点的轨道方程。
写出质点的???运动学方程r(t)表达式。
对运动学方程求一阶导、二阶导得v(t)和a(t)，把时间代入可得某时刻质点的位置、速度、加速度。
解：（1）由x?2t,得：t?,代入y?4t2?8可得：y?x2?8，即轨道曲线。
画图略???（2）质点的位置可表示为：r?2ti?(4t2?8)j?????由v?dr/dt则速度：v?2i?8tj????由a则加速度：a?8j ?dv/dt????????则：当t=1s时，有r?2i?4j,v?2i?8j,a?8j????????当t=2s时，有r?4i?8j,v?2i?16j,a?8j1-4．一质点的运动学方程为x?t2，y?(t?1)2，x和y均以m为单位，t以s为单位。
（1）求质点的轨迹方程；（2）在t?2s时质点的速度和加速度。
分析同1-3.解：（1）由题意可知：x≥0，y≥0，由x?t2，，可得t?,代入y?(t?1)2??1，即轨迹方程（2）质点的运动方程可表示为：r?t2i?(t?1)2j???????则：v?dr/dt?2ti?2(t?1)j????a?dv/dt?2i?2j??????因此, 当t?2s时，有v?4i?2j(m/s),a?2i?2j(m/s2)11-5．一质点沿半径为r的圆周运动，运动学方程为s?v0t?bt2，其中v0，b都是常量。
（1）2求t时刻质点的加速度大小及方向；（2）在何时加速度大小等于b；（3）到加速度大小等于b时质点沿圆周运行的圈数。
ds分析：由质点在自然坐标系下的运动学方程s?s?t?，求导可求出质点的运动速率v?，dtv???dv2因而，a??，an?，a?a??0?ann0，a?a?2?an，当a?b时，可求出t，代入?dt运动学方程s?s?t?，可求得a?b时质点运动的路程，解：（1）速率：v?2s即为质点运动的圈数。
2?r??b ?dv?v2??(v0?bt)2?加速度：a??0?n0??b?0?n0dt?r则大小：a? 方向：tan????v0?bt，且?……………………①?v0?bt?2brv（2）当a=b时，由①可得：t?0b2v0v012（3）当a=b时，t?，代入s?v0t?bt,可得：s?b2b22v0s则运行的圈数 n? ?2?r4?br1-6．一枚从地面发射的火箭以20m?s?2的加速度竖直上升0.5min 后，燃料用完，于是像一个自由质点一样运动，略去空气阻力，试求（1）火箭达到的最大高度；（2）它从离开地面到再回到地面所经过的总时间。
分析：分段求解：0?t?30s时，a?20ms2，求出v、a；t＞30s时，a??g。
求出v2(t)、x2(t)。
当v2?0时，求出t、x，根据题意取舍。
再根据x?0，求出总时间。
解：（1）以地面为坐标原点，竖直向上为x轴正方向建立一维坐标系，且在坐标原点时，t=0s，且0.5min=30stvxdvx,ax?20(m/s2)，则：当0≤t≤30s，由ax?x, 得axdt?00dtvx?20t(m/s),t?30(s)时，v1?600(m/s)??dx由vx?，得dt?30vxdt??dx，则：x1?9000(m)tvx230v1x1当火箭未落地, 且t＞30s,又有：?ax2dt?? 则：vx2?894?9.8t(m/s) txdvx2,ax2??9.8(m/s2)，且：?vx2dt??dx，则：x??4.9t2?894t?13410(m)…①30x1当vx2?0，即t?91.2(s)时，由①得，xmax?27.4km（2）由（1）式，可知，当x?0时，t?166(s)，t≈16(s)＜30(s)（舍去）??分析：（1）建立坐标系，写出初速度v0，求出v(t)、tan?，代入t 求解。
（2）由（1）中的tan?关系，求出时间t；再根据y方向的运动特征写出y?t?，代入t求y。
（3）物体轨迹最高点处，vy?0，且加速度a?an?v2??g，求出?。
v2，求出?。
（4）由对称性，落地点与抛射点的曲率相同 an?gcos??解：以水平向右为x轴正向，竖直向上为y轴正向建立二维坐标系（1）初速度v0?20cos600i?20sin600j?10i?(m/s)，且加速度a??9.8j(m/s2),???则任一时刻：v?10i?9.8t)j(m/s)………………①??????当t=1.5(s)时，tan??0.262,??14?41 与水平方向夹角有tan??当t=2.5(s)时，tan???0.718,???35?41 （2）此时tan??1, 由②得t=0.75(s)11高度y?vyot?gt2?0.75??9.8?0.752?10.23(m)22（3）在最高处，?v2?v?10i(m/s),v?10(m/s),an??g，?v2则：???10.2(m)g（4）由对称性，落地点的曲率与抛射点的曲率相同。
由图1-7可知：van?acos??gcos??gxv10?g?4.9(m/s2)20v2400????82(m)an4.91-8．应以多大的水平速度v把一物体从高h处抛出，才能使它在水平方向的射程为h的n倍？1分析：若水平射程vt?hn，由h?gt消去t，即得v?h?。
2解：设从抛出到落地需要时间t则，从水平方向考虑vt?hn，即1从竖直方向考虑h?gt2,消去t，21-9．汽车在半径为400m的圆弧弯道上减速行驶，设在某一时刻，汽车的速率为10m?s-1，切向加速度的大小为0.2m?s-2。
求汽车的法向加速度和总加速度的大小和方向。
分析：由某一位置的?、v求出法向加速度an，再根据已知切向加速度a?求出a的大小和方则有：v?向。
102解：法向加速度的大小an???0.25(m/s2), 方向指向圆心?400总加速度的大小v2a???0.32(m/s2)如图1-9，tan??a??0.8,??38?40,an则总加速度与速度夹角??90????128?40?图1-101-10. 质点在重力场中作斜上抛运动，初速度的大小为v0，与水平方向成?角．求质点到达抛出点的同一高度时的切向加速度，法向加速度以及该时刻质点所在处轨迹的曲率半径（忽略空气阻力）．已知法向加速度与轨迹曲率半径之间的关系为an ? v 2/? 。
分析：运动过程中，质点的总加速度a? g 。
由于无阻力作用，所以回落到抛出点高度时质点的速度大小v?v0，其方向与水平线夹角也是?。
可求出an ，如图1-10。
再根据关系an ? v 2/? 求解。
解：切向加速度a??gsina法向加速度 an?gcosa2v0v2因 an? ?????angcos?v21-11．火车从a地由静止开始沿着平直轨道驶向b地，a，b两地相距为s。
火车先以加速度a1作匀加速运动，当速度达到v后再匀速行驶一段时间，然后刹车，并以加速度大小为a2作匀减速行驶，使之刚好停在b地。
求火车行驶的时间。
分析：做v-t图，直线斜率为加速度，直线包围面积为路程s。
解：由题意，做v-t图（图1-11）则梯形面积为s，下底为经过的时间t， tan??a1,tan??a2 则：s?v?t?(t?vcot??vcot?)? 2则：t?s?1v(1?1)v2a1a21-12. 一小球从离地面高为h的a点处自由下落，当它下落了距离h时，与一个斜面发生碰撞，并以原速率水平弹出，问h为多大时，小球弹的最远？分析：先求出小球落到a点的小球速度，再由a点下落的距离求出下落时间，根据此时间写出小球弹射距离l,最后由极植条件求出h。
解：如图1-12，当小球到达a点时，有v2?2gh则速度大小：v? 设从a点落地的时间为t，则有h?h?则t?12gt， 2小球弹射的距离，l?vt??1h时，l有最大值。
21-13．离水面高为h的岸上有人用绳索拉船靠岸，人以恒定速率v0拉绳子，求当船离岸的距离为s时，船的速度和加速度的大小。
分析：收绳子速度和船速是两个不同的概念。
小船速度的方向为水平方向，由沿绳的分量与则当h?垂直绳的分量合成，沿绳方向的收绳的速率恒为v0。
可以由v0求出船速v和垂直绳的分量v1。
再根据an?v12?关系，以及an与a关系求解a。
解：如图1-13，v2?v0 船速v?v2sec? 当船离岸的距离为s时，v?v0vh,v1?v2tan??0ss2则，an?v12???acos??【篇二：基础物理学上册习题解答和分析第一章习题解答和分析】p> 1-1.质点运动学方程为：r?acos(?t)i?asin(?t)j?btk,其中a，b，?均为正常数，求质点速度和加速度与时间的关系式。
?分析：由速度、加速度的定义，将运动方程r(t)对时间t求一阶导数和二阶导数，可得到速度和加速度的表达式。
?????解：v?dr/dt??a?sin(?t)i?a?cos(?t)j?bk????2a?dv/dt??a??cos(?t)i?sin(?t)j???1-2. 一艘正在沿直线行驶的电艇，在发动机关闭后，其加速度方向与速度方向相反，大小与速度平方成正比，即dv/dt??kv2，式中k 为常量．试证明电艇在关闭发动机后又行驶x距离时的速度为v?v0e?kx 。
其中v0是发动机关闭时的速度。
分析：要求v?v(x)可通过积分变量替换a?证：dvdtdvvvdvdt?vdvdx，积分即可求得。