2006年高考数学真题陕西卷(理科)

2006高考数学试题陕西卷理科试题（必修＋选修II ）注意事项： １．本试卷分第一部分和第二部分。

第一部分为选择题，第二部分为非选择题。

2．考生领到试卷后，须按规定在试卷上填写姓名、准考证号，并在答题卡上填涂对应的试卷类型信息点。

3．所有答案必须在答题卡上指定区域内作答。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第一部分（共60分）一．选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的（本大题共12小题，每小题5分，共60分） 1.已知集合P={x ∈N|1≤x≤10},集合Q={x ∈R|x 2+x －6≤0}, 则P∩Q 等于( ) A. {2} B.{1,2} C.{2,3} D.{1,2,3}2.复数(1+i)21－i 等于( )A.1－iB.1+iC.－1+ iD.－1－i3. n→∞lim 12n(n 2+1－n 2－1) 等于( )A. 1B. 12C.14D.04.设函数f(x)=log a (x+b)(a>0,a≠1)的图象过点(2,1),其反函数的图像过点(2,8),则a+b 等于( ) A.6 B.5 C.4 D.35.设直线过点(0,a),其斜率为1, 且与圆x 2+y 2=2相切,则a 的值为( )A.±2B.±2 B.±2 2 D.±46."等式sin(α+γ)=sin2β成立"是"α、β、γ成等差数列"的( ) A.必要而不充分条件 B.充分而不必要条件 C.充分必要条件 D.既不充分又不必要条件7.已知双曲线x 2a 2 － y 22 =1(a>2)的两条渐近线的夹角为π3 ,则双曲线的离心率为( )A.2B. 3C.263D.2338.已知不等式(x+y)(1x + ay )≥9对任意正实数x,y 恒成立,则正实数a 的最小值为( )A.2B.4C.6D.89.已知非零向量AB →与AC →满足(AB →|AB →| +AC →|AC →| )·BC →=0且AB →|AB →| ·AC →|AC →| =12 , 则△ABC 为( )A.三边均不相等的三角形B.直角三角形C.等腰非等边三角形D.等边三角形10.已知函数f(x)=ax 2+2ax+4(0<a<3),若x 1<x 2,x 1+x 2=1－a,则( )A.f(x 1)<f(x 2)B.f(x 1)=f(x 2)C.f(x 1)>f(x 2)D.f(x 1)与f(x 2)的大小不能确定 11.已知平面α外不共线的三点A,B,C 到α的距离都相等,则正确的结论是( )A.平面ABC 必平行于αB.平面ABC 必与α相交C.平面ABC 必不垂直于αD.存在△ABC 的一条中位线平行于α或在α内12.为确保信息安全,信息需加密传输,发送方由明文→密文(加密),接收方由密文→明文(解密),已知加密规则为:明文a,b,c,d 对应密文a+2b,2b+c,2c+3d,4d,例如,明文1,2,3,4对应密文5,7,18,16.当接收方收到密文14,9,23,28时,则解密得到的明文为( ) A.4,6,1,7 B.7,6,1,4 C.6,4,1,7 D.1,6,4,7第二部分（共90分）二．填空题：把答案填在答题卡相应题号后的横线上（本大题共4小题，每小题4分，共16分）。

13.cos43°cos77°+sin43°cos167°的值为14.(3x －1x )12展开式x －3的系数为 (用数字作答)15.水平桌面α上放有4个半径均为2R 的球,且相邻的球都相切(球心的连线构成正方形).在这4个球的上面放1个半径为R 的小球,它和下面4个球恰好都相切,则小球的球心到水平桌面α的距离是16.某校从8名教师中选派4名教师同时去4个边远地区支教(每地1人),其中甲和乙不同去,甲和丙只能同去或同不去,则不同的选派方案共有 种三．解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤（本大题共6小题，共74分）。

17.(本小题满分12分)已知函数f(x)=3sin(2x －π6)+2sin 2(x －π12) (x ∈R)(Ⅰ)求函数f(x)的最小正周期 ; (2)求使函数f(x)取得最大值的x 的集合.18. (本小题满分12分)甲、乙、丙3人投篮,投进的概率分别是13, 25 , 12.(Ⅰ)现3人各投篮1次,求3人都没有投进的概率; (Ⅱ)用ξ表示乙投篮3次的进球数,求随机变量ξ的概率分布及数学期望Eξ.19. (本小题满分12分) 如图,α⊥β,α∩β=l , A ∈α, B ∈β,点A 在直线l 上的射影为A 1, 点B 在l 的射影为B 1,已知AB=2,AA 1=1, BB 1=2, 求: (Ⅰ) 直线AB 分别与平面α,β所成角的大小; (Ⅱ)二面角A 1－AB －B 1的大小.20. (本小题满分12分)已知正项数列{a n }，其前n 项和S n 满足10S n =a n 2+5a n +6且a 1,a 3,a 15成等比数列，求数列{a n }的通项a n .21. (本小题满分12分)如图,三定点A(2,1),B(0,－1),C(－2,1); 三动点D,E,M 满足AD →=tAB →, BE → = t BC →, DM →=t DE →, t ∈[0,1]. (Ⅰ) 求动直线DE 斜率的变化范围; (Ⅱ)求动点M 的轨迹方程.22.（本小题满分１4分）已知函数f(x)=x 3－x 2+x 2 + 14 , 且存在x 0∈(0,12) ,使f(x 0)=x 0.（I ）证明：f(x)是R 上的单调增函数；设x 1=0, x n+1=f(x n ); y 1=12, y n+1=f(y n ),其中 n=1,2,……（II ）证明：x n <x n+1<x 0<y n+1<y n ;（III ）证明：y n+1－x n+1y n －x n < 12 .A BA 1B 1αβl 第19题图参考答案1．已知集合P ={x ∈N |1≤x ≤10}={1，2，3，……，10}，集合Q ={x ∈R | x +x －6≤0} ={|32}x x -≤≤， 所以P ∩Q 等于{1，2} ，选B ．2．复数(1+i)21－i =2(1)11i i i i i=+=-+-，选C ． 3． n →∞lim 12n(n 2+1－n 2－1) =n=12n →∞=，选B ．4．函数f (x )=log a (x +b )(a >0，a ≠1)的图象过点(2，1)，其反函数的图象过点(2，8)，则log (2)1log (8)2a a b b +=⎧⎨+=⎩，∴228b ab a+=⎧⎨+=⎩，3a =或2a =-(舍)，b =1，∴a +b =4，选C ． 5．设直线过点(0，a )，其斜率为1， 且与圆x 2+y 2=2相切，设直线方程为y x a =+，圆心(0，0)道直线的距离等于半径2，∴= a 的值±2，选B ． 6．若等式sin(α+γ)=sin2β成立，则α+γ=k π+(－1)k ·2β，此时α、β、γ不一定成等差数列，若α、β、γ成等差数列，则2β=α+γ，等式sin(α+γ)=sin2β成立，所以“等式sin(α+γ)=sin2β成立”是“α、β、γ成等差数列”的．必要而不充分条件。

选A ．7．已知双曲线22212x y a -=(a >2)的两条渐近线的夹角为π3 ，则2tan 63a π==，∴ a 2=6，双曲线的离心率为233 ，选D ．8．已知不等式(x +y )(1a x y +)≥9对任意正实数x ，y 恒成立，则1y axa x y+++≥1a +≥9，∴－4(舍去)，所以正实数a 的最小值为4，选B ．9．已知非零向量AB →与AC →满足(||||AB AC AB AC +)·BC →=0，即角A 的平分线垂直于BC ，∴ AB =AC ，又cos A =||||AB AC AB AC ⋅=12 ，∠A =3π，所以△ABC 为等边三角形，选D ． 10．已知函数f (x )=ax 2+2ax +4(0<a <3)，二次函数的图象开口向上，对称轴为1x =-，0<a <3，∴ x 1+x 2=1－a ∈(－2，1)，x 1与x 2的中点在(－1，21)之间，x 1<x 2，∴ x 2到对称轴的距离大于x 1到对称轴的距离，∴ f (x 1)<f (x 2) ，选A ． 11．已知平面α外不共线的三点A 、B 、C 到α的距离都相等，则可能三点在α的同侧，即．平面ABC 平行于α，这时三条中位线都平行于平面α；也可能一个点A 在平面一侧，另两点B 、C 在平面另一侧，则存在一条中位线DE //BC ，DE 在α内，所以选D ．12．为确保信息安全，信息需加密传输，发送方由明文→密文(加密)，接收方由密文→明文(解密)，已知加密规则为:明文a ，b ，c ，d 对应密文a +2b ，2b +c ，2c +3d ，4d ，例如，明文1，2，3，4对应密文5，7，18，16。

当接收方收到密文14，9，23，28时，则214292323428a b b c c d d +=⎧⎪+=⎪⎨+=⎪⎪=⎩，解得6417a b c d =⎧⎪=⎪⎨=⎪⎪=⎩，解密得到的明文为C ． 二、填空题 13．－1214．594 15．3R 16．60013．cos43°cos77°+sin43°cos167°=cos 43cos 77sin 43sin 77cos120︒︒-︒︒=︒=－21． 14．(3x －1x )12展开式中，x －3项为221012(3)(C x ⋅=5943x -，3x -的系数是594． 15．水平桌面α上放有4个半径均为2R 的球，且相邻的球都相切(球心的连线构成正方形)．在这4个球的上面放1个半径为R 的小球，它和下面4个球恰好都相切，5个球心组成一个正四棱锥，这个正四棱锥的底面边长为4R ，侧棱长为3R ，求得它的高为R ，所以小球的球心到水平桌面α的距离是3R ．16．某校从8名教师中选派4名教师同时去4个边远地区支教(每地1人)，其中甲和乙不同去，甲和丙只能同去或同不去，可以分情况讨论，① 甲、丙同去，则乙不去，有2454C A ⋅=240种选法；②甲、丙同不去，乙去，有3454C A ⋅=240种选法；③甲、乙、丙都不去，有45120A =种选法，共有600种不同的选派方案．三、解答题17．解:(Ⅰ) f (x )=3sin(2x －π6)+1－cos2(x －π12)= 2[32sin2(x －π12)－12 cos2(x －π12)]+1 =2sin[2(x －π12)－π6]+1= 2sin(2x －π3) +1∴ T =2π2=π(Ⅱ)当f (x )取最大值时， sin(2x －π3)=1，有 2x －π3 =2k π+π2即x =k π+5π12 (k ∈Z ) ∴所求x 的集合为{x ∈R |x = k π+ 5π12， (k ∈Z )}． 18．解: (Ⅰ)记"甲投篮1次投进"为事件A 1 ， "乙投篮1次投进"为事件A 2 ， "丙投篮1次投进"为事件A 3， "3人都没有投进"为事件A ． 则 P (A 1)= 13， P (A 2)= 25， P (A 3)= 12，∴ P (A ) = P (A 1－A 2－A 3－)=P (A 1－)·P (A 2－)·P (A 3－)= [1－P (A 1)] ·[1－P (A 2)] ·[1－P (A 3)]=(1－13)(1－25)(1－12)=15∴3人都没有投进的概率为15．(Ⅱ)解法一: 随机变量ξ的可能值有0，1，2，3)， ξ~ B (3， 25)，P (ξ=k )=C 3k (25)k (35)3－k (k =0，1，2，3) ， E ξ=np = 3×25 = 65 ．解法二: ξ的概率分布为:E ξ=0×27125 +1×54125 +2×36125 +3×8125 = 65 ．19．解法一: (Ⅰ)如图， 连接A 1B ，AB 1， ∵α⊥β， α∩β=l ,AA 1⊥l ， BB 1⊥l ， ∴AA 1⊥β， BB 1⊥α． 则∠BAB 1，∠ABA 1分别是AB 与α和β所成的角． Rt △BB 1A 中， BB 1= 2 ， AB =2， ∴sin ∠BAB 1 =BB 1AB = 22． ∴∠BAB 1=45°． Rt △AA 1B 中， AA 1=1，AB =2， sin ∠ABA 1=AA 1AB = 12， ∴∠ABA 1= 30°．故AB 与平面α，β所成的角分别是45°，30°．(Ⅱ) ∵BB 1⊥α， ∴平面ABB 1⊥α．在平面α内过A 1作A 1E ⊥AB 1交AB 1于E ，则A 1E ⊥平面AB 1B ．过E 作EF ⊥AB 交AB 于F ，连接A 1F ，则由三垂线定理得A 1F ⊥AB ， ∴∠A 1FE 就是A BA 1B 1αβl 第19题解法一图EF 第19题解法二图所求二面角的平面角． 在Rt △ABB 1中，∠BAB 1=45°，∴AB 1=B 1B =2． ∴Rt △AA 1B 中，A 1B =AB 2－AA 12 =4－1 = 3． 由AA 1·A 1B =A 1F ·AB 得 A 1F =AA 1·A 1B AB = 1×32 = 32，∴在Rt △A 1EF 中，sin ∠A 1FE =A 1E A 1F = 63 ， ∴二面角A 1－AB －B 1的大小为arcsin 63． 解法二: (Ⅰ)同解法一．(Ⅱ) 如图，建立坐标系， 则A 1(0，0，0)，A (0，0，1)，B 1(0，1，0)，B (2，1，0)．在AB 上取一点F (x ，y ，z )，则存在t ∈R ，使得AF →=t AB → ， 即(x ，y ，z －1)=t (2，1，－1)， ∴点F 的坐标为(2t ， t ，1－t )．要使A 1F →⊥AB →，须A 1F →·AB →=0， 即(2t ， t ，1－t ) ·(2，1，－1)=0， 2t +t －(1－t )=0，解得t =14 ， ∴点F 的坐标为(24，－14， 34 )， ∴A 1F →=(24，14，34 )． 设E 为AB 1的中点，则点E 的坐标为(0，12， 12)． ∴EF →=(24，－14，14)． 又EF →·AB →=(24，－14，14)·(2，1，－1)= 12 － 14 － 14 =0， ∴EF →⊥AB →， ∴∠A 1FE 为所求二面角的平面角．又cos ∠A 1FE = A 1F ，→·EF →|A 1F →|·|EF →| = (24，14，34)·(24，－14，14)216+116+916 ·216+116+116 = 18－116+31634 ·12 = 13 = 33 ，∴二面角A 1－AB －B 1的大小为arccos33． 20．解: ∵10S n =a n 2+5a n +6， ① ∴10a 1=a 12+5a 1+6，解之得a 1=2或a 1=3． 又10S n －1=a n －12+5a n －1+6(n ≥2)，② 由①－②得 10a n =(a n 2－a n －12)+6(a n －a n －1)，即(a n +a n －1)(a n －a n －1－5)=0 ∵a n +a n －1>0 ， ∴a n －a n －1=5 (n ≥2)．当a 1=3时，a 3=13，a 15=73． a 1， a 3，a 15不成等比数列∴a 1≠3; 当a 1=2时， a 3=12， a 15=72， 有 a 32=a 1a 15 ， ∴a 1=2， ∴a n =5n －3．21．解法一: 如图， (Ⅰ)设D (x 0，y 0)，E (x E ，y E )，M (x ，y )．由AD →=t AB →， BE → = t BC →， 知(x D －2，y D －1)=t (－2，－2)． ∴⎩⎨⎧x D =－2t+2y D =－2t+1 同理 ⎩⎨⎧x E =－2t y E =2t －1． ∴k DE = y E －y D x E －x D =2t －1－(－2t+1)－2t －(－2t+2)= 1－2t ．∴t ∈[0，1] ， ∴k DE ∈[－1，1]．(Ⅱ) ∵DM →=t DE → ∴(x +2t －2，y +2t －1)=t (－2t +2t －2，2t －1+2t －1)=t (－2，4t －2)=(－2t ，4t 2－2t )． ∴⎩⎨⎧x=2(1－2t)y=(1－2t)2 ， ∴y =x 24 ， 即x 2=4y ． ∵t ∈[0，1]， x =2(1－2t )∈[－2，2]． 即所求轨迹方程为: x 2=4y ， x ∈[－2，2]解法二: (Ⅰ)同上．(Ⅱ) 如图， OD →=OA →+AD → = OA →+ t AB → = OA →+ t (OB →－OA →) = (1－t ) OA →+t OB →，OE → = OB →+BE → = OB →+t BC → = OB →+t (OC →－OB →) =(1－t ) OB →+t OC →，OM → = OD →+DM →= OD →+ t DE →= OD →+t (OE →－OD →)=(1－t ) OD →+ t OE →= (1－t 2) OA → + 2(1－t )t OB →+t 2OC →．设M 点的坐标为(x ，y )，由OA →=(2，1)， OB →=(0，－1)， OC →=(－2，1)得⎩⎨⎧x=(1－t 2)·2+2(1－t)t·0+t 2·(－2)=2(1－2t)y=(1－t)2·1+2(1－t)t·(－1)+t 2·1=(1－2t)2 消去t 得x 2=4y ， ∵t ∈[0，1]， x ∈[－2，2]． 故所求轨迹方程为: x 2=4y ， x ∈[－2，2]22．解: （I ）∵f '(x )=3x 2－2x +12 = 3(x －13)2+16 >0 ， ∴f (x )是R 上的单调增函数．（II ）∵0<x 0<12 ， 即x 1<x 0<y 1．又f (x )是增函数， ∴f (x 1)<f (x 0)<f (y 1)．即x 2<x 0<y 2．又x 2=f (x 1)=f (0)=14>0 =x 1， y 2=f (y 1)=f (12)=38<12=y 1，综上， x 1<x 2<x 0<y 2<y 1．用数学归纳法证明如下:(1)当n =1时，上面已证明成立．(2)假设当n =k (k ≥1)时有x k <x k +1<x 0<y k +1<y k ．当n =k +1时，由f (x )是单调增函数，有f (x k )<f (x k +1)<f (x 0)<f (y k +1)<f (y k )，∴x k +1<x k +2<x 0<y k +2<y k +1 由(1)(2)知对一切n =1，2，…，都有x n <x n +1<x 0<y n +1<y n ．（III ）y n+1－x n+1y n －x n = f(y n )－f(x n )y n －x n = y n 2+x n y n +x n 2－(y n +x n )+ 12 ≤(y n +x n )2－(y n +x n )+ 12=[(y n +x n )－12]2+14 ． 由(Ⅱ)知 0<y n +x n <1．∴－12 < y n +x n －12 < 12 ， ∴y n+1－x n+1y n －x n < (12)2+14 =12第21题解法图。