全等三角形全章复习与巩固基础知识讲解

已知两边 ⎨找直角 → HL ⎪找另一边 → SSS ⎪ ⎧找夹角的另一边 → SAS ⎨已知一边一角 ⎨ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪找边的对角 → AAS ⎪

全等三角形全章复习与巩固（基础）

【学习目标】

1. 了解全等三角形的概念和性质，能够准确地辨认全等三角形中的对应元素；

2．探索三角形全等的判定方法，能利用三角形全等进行证明，掌握综合法证明的格式；

3．会作角的平分线，了解角的平分线的性质，能利用三角形全等证明角的平分线的性质，

会利用角的平分线的性质进行证明.

【知识网络】

【要点梳理】

【高清课堂：388614 全等三角形单元复习，知识要点】

要点一、全等三角形的判定与性质

一般三角形

直角三角形 边角边（SAS ）

两直角边对应相等 角边角（ASA ） 判定 一边一锐角对应相等

角角边（AAS ） 斜边、直角边定理（HL ）

边边边（SSS ） 性质

对应边相等，对应角相等 （其他对应元素也相等，如对应边上的高相等）

备注

判定三角形全等必须有一组对应边相等

要点二、全等三角形的证明思路 ⎧ ⎧找夹角 → SAS ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎩ ⎪ ⎧边为角的对边 → 找任一角 → AAS ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪边为角的邻边 ⎨找夹边的另一角 → ASA ⎩ ⎩ ⎪ ⎧找夹边 → ASA ⎪已知两角 ⎨ ⎪ ⎩找任一边 → AAS ⎪ ⎩

要点三、角平分线的性质

1.角的平分线的性质定理

角的平分线上的点到这个角的两边的距离相等.

2.角的平分线的判定定理

角的内部到角的两边距离相等的点在角的平分线上.

3.三角形的角平分线

三角形角平分线交于一点，且到三边的距离相等.

4.与角平分线有关的辅助线

在角两边截取相等的线段，构造全等三角形；

在角的平分线上取一点向角的两边作垂线段.

要点四、全等三角形证明方法

全等三角形是平面几何内容的基础，这是因为全等三角形是研究特殊三角形、四边形、相似图形、圆等图形性质的有力工具，是解决与线段、角相关问题的一个出发点.运用全等三角形，可以证明线段相等、线段的和差倍分关系、角相等、两直线位置关系等常见的几何

问题.可以适当总结证明方法.

1．证明线段相等的方法：

(1)证明两条线段所在的两个三角形全等.

(2)利用角平分线的性质证明角平分线上的点到角两边的距离相等.

(3)等式性质.

2．证明角相等的方法：

(1)利用平行线的性质进行证明.

(2)证明两个角所在的两个三角形全等.

(3)利用角平分线的判定进行证明.

(4)同角（等角）的余角（补角）相等.

(5)对顶角相等.

3．证明两条线段的位置关系（平行、垂直）的方法；

可通过证明两个三角形全等，得到对应角相等，再利用平行线的判定或垂直定义证明. 4．辅助线的添加:

(1)作公共边可构造全等三角形；

(2)倍长中线法；

(3)作以角平分线为对称轴的翻折变换全等三角形；

(4)利用截长(或补短)法作旋转变换的全等三角形.

5.证明三角形全等的思维方法:

（1）直接利用全等三角形判定和证明两条线段或两个角相等，需要我们敏捷、快速地发现两条线段和两个角所在的两个三角形及它们全等的条件.

（2）如果要证明相等的两条线段或两个角所在的三角形全等的条件不充分时，则应根据图形的其它性质或先证明其他的两个三角形全等以补足条件.

（3）如果现有图形中的任何两个三角形之间不存在全等关系，此时应添置辅助线，使之出现全等三角形，通过构造出全等三角形来研究平面图形的性质.

【典型例题】

类型一、全等三角形的性质和判定

1、（2015•西城区模拟）问题背景：

（1）如图1：在四边形ABCD中，AB=AD，∠BAD=120°，∠B=∠ADC=90°．E，F分别是BC，CD上的点．且∠EAF=60°．探究图中线段B E，EF，FD之间的数量关系．小王同学探究此问题的方法是，延长FD到点G．使DG=BE．连结△A G，先证明ABE≌△ADG，再证明△AEF≌△AGF，可得出结论，他的结论应是．

探索延伸：

（ （2）如图 2，若在四边形 ABCD 中，AB=AD ，∠B+∠D=180°．E ，F 分别是 BC ，CD 上的点，

且∠EAF= ∠BAD，上述结论是否仍然成立，并说明理由．

【思路点拨】 1）延

长 FD 到点 G ．使 DG=BE ．连结 △A G ，即可证明 ABE≌△ADG，可得 AE=AG ， 再证明△AEF≌△AGF，可得 EF=FG ，即可解题；

（2）延长 FD 到点 G ．使 DG=BE ．连结 △A G ，即可证明 ABE≌△ADG，可得 AE=AG ，再证明 △AEF≌△AGF，可得 EF=FG ，即可解题．

【答案与解析】

证明：（1）在△ABE 和△ADG 中，

，

∴△ABE≌△ADG（SAS ），

∴AE=AG，∠BAE=∠DAG，

∵∠EAF= ∠BAD，

∴∠GAF=∠DAG+∠DAF=∠BAE+∠DAF=∠BAD﹣∠EAF=∠EAF，

∴∠EAF=∠GAF，

在△AEF 和△GAF 中，

，

∴△AEF≌△AGF（SAS ），

∴EF=FG，

∵FG=DG+DF=BE+DF，

∴EF=BE+DF；

故答案为 EF=BE+DF ．

（2）结论 EF=BE+DF 仍然成立；

理由：延长 FD 到点 G ．使 DG=BE ．连结 AG ，