2021届陕西省安康市高三(上)10月联考物理试题(含答案)

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2021年高三第一学期10月考物理试卷 含答案

2021年高三第一学期10月考物理试卷 含答案

2021年高三第一学期10月考物理试卷含答案13. 下列关于曲线运动的说法中,正确的是A.做曲线运动的物体的加速度一定是变化的B.做曲线运动的物体其速度大小一定是变化的C.做匀速圆周运动的物体,所受的合外力不一定时刻指向圆心D.骑自行车冲到圆弧形桥顶时,人对自行车座子压力减小,这是由于失重原因造成的14.图A-2所示,汽车以速度v通过一圆弧式的拱桥顶端时,关于汽车受力的说法正确的是A.汽车的向心力就是它所受的重力B.汽车的向心力就是它所受的重力和支持力的合力,方向指向圆心C.汽车受重力、支持力、牵引力、摩擦力和向心力的作用D.以上均不正确15.如图B-2所示,在匀速转动的圆筒内壁上,有一物体随圆筒一起转动而未滑动.当圆筒的角速度增大以后仍未滑动,下列说法正确的是A.物体所受弹力增大,摩擦力也增大B.物体所受弹力增大,摩擦力减小C. C.物体所受弹力和摩擦力都减小D.物体所受弹力增大,摩擦力不变16. 如图所示是我国长征火箭把载人神舟飞船送上太空的情景.宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重与失重的考验,下列说法正确的是A.火箭加速上升时,宇航员处于失重状态B.火箭加速上升时的加速度逐渐减小时,宇航员对座椅的压力小于其重力C.飞船加速下落时,宇航员处于超重状态D.飞船落地前减速下落时,宇航员对座椅的压力大于其重力二、双项选择题:本题包括5小题,每小题6分,共30分。

每小题给出的四个选项中,有两个..选项符合题目要求。

全选对得6分,只选1个且正确得3分,错选、不选得0分。

17、如图所示,光滑水平面上,水平恒力F拉小车和木块一起做匀加速直线运动,它们的加速度都等于a .已知小车质量为M,木块质量为m,木块与小车间的动摩擦因数为.则在运动过程中A.木块受到的摩擦力大小一定为B.小车受到的合力大小为(m+M)aC.小车受到的摩擦力大小为D.木块受到的合力大小为18. 如右图所示,a是静止在地球赤道地面上的一个物体,b是与赤道共面的地球卫星,c是地球同步卫星,对于a物体和b、c两颗卫星的运动情况,下列说法中正确的是A.a物体运动的周期大于b卫星运动的周期B.b卫星运动受到的万有引力一定大于c卫星受到的万有引力D.b卫星减速后可进入c卫星轨道19. 如图所示,小球用细绳系住,放在倾角为θ的固定光滑斜面上。

2021年高三10月联考物理试题 Word版含答案

2021年高三10月联考物理试题 Word版含答案

2021年高三10月联考物理试题 Word 版含答案一、本题共5小题,每小题3分,共15分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确.选对的得3分,选错或不答的得0分.1.物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识,推动了科学技术的创新和革命,促进了人类文明的进步.下列关于物理学中运动与力发展过程研究的说法,正确的是 A .亚里士多德首先提出了惯性的概念B .牛顿的三条运动定律是研究动力学问题的基石,都能通过现代的实验手段直接验证C .牛顿利用他的运动定律把行星的向心加速度与太阳对它的引力联系起来D .力的单位“N ”是基本单位,加速度的单位“m/s 2”是导出单位2.如图所示的实验装置中,小球A 、B 完全相同.用小锤轻击弹性金属片,A 球沿水平方向抛出,同时B 球被松开,自由下落,实验中两球同时落地.图中虚线1、2代表离地高度不同的两个水平面,下列说法中正确的是 A .A 球从面1到面2的速度变化等于B 球从面1到面2的速度变化 B .A 球从面1到面2的速率变化等于B 球从面1到面2的速率变化 C .A 球从面1到面2的速率变化大于B 球从面1到面2的速率变化 D .A 球从面1到面2的动能变化大于B 球从面1到面2的动能变化 3.一只小船渡河,运动轨迹如图所示.水流速度各处相同且恒定不变,方向平行于岸边;小船相对于静水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动,船相对于静水的初速度大小均相同、方向垂直于岸边,且船在渡河过程中船头方向始终不变.由此可以确定 A .船沿AD 轨迹运动时,船相对于静水做匀加速直线运动 B .船沿三条不同路径渡河的时间相同 C .船沿AB 轨迹渡河所用的时间最短D .船沿AC 轨迹到达对岸前瞬间的速度最大4.将一质量为m 的小球靠近墙面竖直向上抛出,图甲是向上运动小球的频闪照片,图乙是下降时的频闪照片,O 是运动的最高点,甲、乙两次的闪光频率相同.重力加速度为g .假设小球所受阻力大小不变,则可估算小球受到的阻力大小约为 A .mg B .注 意 事 项考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1.本试卷包括选择题(第1~第9题,共31分)、非选择题(第10~16题,共89分)共两部分.考生答题全部答在答题卡上,答在本试卷上无效.本次考试时间为100分钟,满分120分.考试结束后,C B D第3题图水流方向第2题图C.D.5.如图所示,在倾角θ=30°的光滑斜面上,长为L的细线一端固定,另一端连接质量为m的小球,小球在斜面上做圆周运动,A、B分别是圆弧的最高点和最低点,若小球在A、B点做圆周运动的最小速度分别为v A、v B,重力加速度为g,则A.B.C.D.二、本题共4小题,每小题4分,共16分.在每小题给出的四个选项中,至少有两个选项是正确的.全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分.6.xx年北京时间7月4日下午1时52分,美国小探测器成功撞击“坦普尔一号”彗星,投入彗星的怀抱,实现了人类历史上第一次对彗星的“大对撞”.如图所示,假设“坦普尔一号”彗星绕太阳运行的轨道是一个椭圆,其运动周期为5.74年,下列说法中正确的是A.探测器在撞击彗星前后过程,与太阳的连线在相等时间内扫过相等的面积B.该彗星近日点处线速度小于远日点处线速度C.该彗星近日点处加速度大于远日点处加速度D.该彗星椭圆轨道半长轴的三次方与周期的平方之比是一个常数7.如图所示,一细绳系一光滑小球,细绳跨过定滑轮使小球靠在柱体的斜面上.设柱体对小球的弹力为F N,细绳对小球的拉力为F T.现用水平力拉绳使小球缓慢上升一小段距离,在此过程中,下列说法正确的是A.F N逐渐增大B.F N逐渐减小C.F T逐渐增大D.F T先增大后减小8. 如图,重为8N的物块静止在倾角为30°的斜面上,若用平行于斜面且沿水平方向、大小为3N的力F推物块时,物块刚好被推动.现施加平行于斜面的力F0推物块,使物块在斜面上做匀速运动,此时斜面体与地面间的摩擦力大小为f.设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等,斜面始终保持静止.则A.F0可能为0.5NB.F0可能为5NC.f可能为3ND.f可能为9N9.如图(甲)所示,静止在水平地面上的物块A,受到水平拉力F的作用,F与时间t的关系如图(乙)所示.设物块与地面间的最大静摩擦力f max的大小与滑动摩擦力大小相等,则A.t1时刻物块的速度为零B.物块的最大速度出现在t3时刻C.t1~t3时间内F对物块先做正功后做负功D.拉力F的功率最大值出现在t2~t3时间内第8题图θAB第5题图O太阳第6题图发射地球轨道相撞时地球的位置撞击探测器轨道彗星轨道FA图(甲)第9题图柱体第7题图三、本题共2小题,共20分.请将解答填写在答题卡上相应位置.10.(10分)用如图甲所示的装置进行“探究加速度与力、质量的关系”的实验中.(1)若小车的总质量为M ,砝码和砝码盘的总质量为m ,则当满足 ▲ 条件时,可认为小车受到合外力大小等于砝码和砝码盘的总重力大小.(2)在探究加速度与质量的关系实验中,下列做法中正确的是 ▲ . A .平衡摩擦力时,不应将装砝码的砝码盘用细绳通过定滑轮系在小车上B .每次改变小车的质量时,都需要重新平衡摩擦力C .实验时,先接通打点计时器电源,再放开小车D .小车运动的加速度可由牛顿第二定律直接求出(3)甲同学通过对小车所牵引纸带的测量,就能得出小车的加速度a .如图乙是某次实验所打出的一条纸带,在纸带上标出了5个计数点,在相邻的两个计数点之间还有4个打点未标出,计时器打点频率为50Hz ,则小车运动的加速度为 ▲ m/s 2(保留两位有效数字).(4)乙同学通过给小车增加砝码来改变小车的质量M ,得到小车的加速度a 与质量M 的数据,画出a ~图线后,发现当较大时,图线发生弯曲.该同学后来又对实验方案进行了进一步地修正,避免了图线的末端发生弯曲的现象.则该同学的修正方案可能是 ▲ .A .改画a 与的关系图线B .改画a 与的关系图线C .改画 a 与的关系图线D .改画a 与的关系图线 11.(10分)如图所示,用光电门等器材验证机械能守恒定律.直径为d 、质量为m 的金属小球由A 处静止释放,下落过程中经过A 处正下方的B 处固定的光电门,测得A 、B 间的距离为H (H >>d ),光电门测出小球通过光电门的时间为t ,当地的重力加速度为g ,则(1)小球通过光电门B 时的速度表达式 ▲ ;(2)多次改变高度H ,重复上述实验,描点作出随H 的变化图象,若作出的图线为通过坐标原点的直线,且斜率为 ▲ ,可判断小球下落过程中机械能守恒;(3)实验中发现动能增加量△E k 总是小于重力势能减少量△E P ,增加下落高度后,则(△E P-△E k )将 ▲ (选填“增加”、“减小”或“不变”);(4)小明用AB 段的运动来验证机械能守恒时,他用计算与B 点对应的重锤的瞬时速度,得到动能的增加量,你认为这种做法正确还是错误? 答: ▲ .理由是 ▲ . 四、本题共5小题,共69分. 解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出第10题乙图小车 打点计时器第10题甲图 数据采集器 第11题图最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.12.(13分)木星的卫星之一叫艾奥,它上面的珞珈火山喷出的岩块初速度为v0时,上升的最大高度可达h.已知艾奥的半径为R,引力常量为G,忽略艾奥的自转及岩块运动过程中受到稀薄气体的阻力,求:(1)艾奥表面的重力加速度大小g和艾奥的质量M;(2)距艾奥表面高度为2R处的重力加速度大小g';(3)艾奥的第一宇宙速度v.13.(13分)某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究.他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动,并将小车运动的全过程记录下来,通过处理转化为v—t图象,图象如图所示(除2s~10s时间段图象为曲线外,其余时间段图象均为直线).已知在小车运动的过程中,2s~14s时间段内小车的功率保持不Array变,在14s末通过遥控使发动机停止工作而让小车自由滑行,小车的质量m=2.0kg ,可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变,取g=10m/s2.求:(1)14s~18s时间段小车的加速度大小a;(2)小车匀速行驶阶段的功率P;(3)小车在2s~10s内位移的大小s2.第13题图14.(13分)跳台滑雪是勇敢者的运动.如图所示,滑雪者着专用滑雪板,在助滑道AB上获得一定速度后从B点沿水平方向跃出,在空中飞行一段时间后着落,这项运动极为壮观.已知滑雪者和滑雪板的总质量为m,斜坡BC倾角为θ,B点距水平地面CD的高度为h,重力加速度为g,不计空气阻力.(1)若滑雪者水平跃出后直接落到地面上,求滑雪者在空中运动的时间t0.(2)为使滑雪者跃出后直接落到地面上,滑雪者在B点跃出时的速度v0应满足什么条件?(3)若滑雪者跃出后直接落到斜坡上,试推导滑雪者和滑雪板落到斜坡时的总动能E k随空中运动时间t的变化关系.第14题图15.(15分)如图所示,倾角θ=30°的斜面体C静置于水平面上,质量为m的小物块在沿斜面向上的恒力作用下,从A点由静止开始运动,物块与斜面间的动摩擦因数μ=,重力加速度为g.(1)若斜面体保持静止,物块由A运动到B历时为t,A、B间距为x.求恒力的大小F:(2)在(1)情况下,物块运动过程中,求斜面体受到水平面的摩擦力.(3)若水平面光滑,物块在沿斜面向上、大小为F0的恒力作用下,与斜面体C保持相对静止、一起运动,且两者间无相对滑动趋势,求斜面体的质量M.第15题图16.(15分)如图所示,用长为L 的轻质细线将质量为m 的小球悬挂于O 点.小球在外力作用下静止在A 处,此时细线偏离竖直方向的夹角θ=60°.现撤去外力,小球由静止释放,摆到最低点B 时,细线被O 点正下方距离L /4处的光滑小钉子挡住,小球继续向左摆动到最高点时细线偏离竖直方向的夹角也为60°.小球在运动过程中所受空气阻力大小恒定,且始终与运动方向相反,重力加速度为g .求:(1)小球在A 处处于静止状态时,所受外力的最小值F 1;(2)小球运动过程中所受的空气阻力大小f 和动能最大时细线偏离竖直方向夹角的正弦值sin α.(3)小球第二次经过最低点B ,开始绕O 点向右摆动时,细线的拉力大小T ;xx 届高三年级第一次学情检测 物理试卷参考答案及评分建议一、本题共5小题,每小题3分,共15分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确.选对的得3分,选错或不答的得0分. 1.C 2.A 3.D 4.B 5.C二、本题共4小题,每小题4分,共16分.在每小题给出的四个选项中,至少有两个选项是正确的.全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分. 6.CD 7.AC 8.BC 9.ABD三、本题共2小题,共20分.把答案填在题中的横线上. 10.(10分)(1)M >>m (2分) (2)AC (3分)(3)0.45(2分) (4)A (3分)11.(10分)(1) (2分) (2)(3分) (3)增加(2分)(4)错误(1分) 此做法已默认机械能守恒(只要意思正确即给分)(2分)四、本题共5小题,共69分. 解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位. 12.(13分)解:(1)岩块做竖直上抛运动有 (1分)解得 (1分)忽略艾奥的自转有 (2分)解得 (1分)(2)距艾奥表面高度为2R 处有 (2分)解得 (2分)(3)某卫星在艾奥表面绕其做圆周运动时 (2分)解得 (2分) 13.(13分)解:(1)在14s —18s 时间段,由图象可得(2分)代入数据得 a =2.0m/s 2 (2分)(2)在14s —18s ,小车在阻力f 作用下做匀减速运动,则 f = ma (1分)第16题图OC BA在10s—14s, 小车作匀速直线运动,牵引力F = f =4.0N (1分)小车匀速行驶阶段的功率P=Fv (1分)代入数据得P =32W (2分)(3)2s—10s,根据动能定理得(2分)其中v=8m/s ,v2=4m/s解得s2 = 52m (2分)14.(13分)解:(1)滑雪者在空中作平抛运动,则(2分)解得(1分)(2)为使滑雪者跃出后直接落到地面上,则平抛运动的水平距离应满足(1分)而(1分)解得(2分)(3)设滑雪者平抛运动的水平距离和下落高度分别为x、y,落到斜坡时的水平和竖直分速度分别为v x、v y,则,(2分)(1分)(1分)解得()(2分)15.(15分)(1)设物块运动的加速度大小a ,则(1分) 对物块受力分析如答图,根据牛顿第二定律有 沿斜面方向 (2分)垂直斜面方向 (1分) 解得(2分)(2)设斜面体受到水平面的摩擦力为F f ,对斜面体受力分析如答图,水平方向由平衡条件有(2分) 解得(1分) 方向水平向左(1分)(3)设物块与斜面间的弹力为N 2,加速度为a 2,由牛顿第二定律有对斜面体 (1分) 对物块 (1分)(1分)解得 (2分)16.(15分)解:(1)小球在A 处于静止,受力平衡,当F 1与细线垂直时最小 则 (2分) (2)小球从A 运动到C 过程由动能定理有313[(1cos )(1cos )]()0434mg L L f L L θθπ----⋅+=(2分)解得(2分) 小球速度最大时有(2分)解得(1分)(3)设此时小球的速度为v ,则 23131(1cos )04342mg L f L mv θπ⋅⋅--⋅⋅=-(2分)(2分)解得(2分)20361 4F89 侉21701 54C5 哅33756 83DC 菜27952 6D30 洰UKI 30015 753F 甿39030 9876 顶 24380 5F3C 弼 37244 917C 酼6。

2021届陕西省安康市2018级高三上学期10月联考理科综合物理试卷及答案

2021届陕西省安康市2018级高三上学期10月联考理科综合物理试卷及答案

2021届陕西省安康市2018级高三上学期10月联考理科综合物理试卷★祝考试顺利★(含答案)本试卷共6页,全卷满分100分,考试时间90分钟。

考生注意:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。

回答非选择题时,将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题:本题共10小题,每小题4分。

在每小题给出的四个选项中,第1~6题只有一项符合题目要求,第7~10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。

1.已知3015P的半衰期为T=2.5min,则32g的3015P经过时间t的衰变后还剩2g的3015P,则t为A.2.5minB.5minC.7.5minD.10min2.如图所示为一个质点运动的位移一时间(x-t)图像,则关于质点在0-t时间内的运动,下列说法正确的是A.速度先沿负方向后沿正方向B.速度一直沿负方向C.速度先增大后减小D.速度一直增大3.如图所示为修正带内部结构示意图,大、小齿轮啮合在一起,半径分别为1.2cm和0.3cm,a、b分别是大小齿轮边缘上的两点,当齿轮匀速转动时,a、b两点A.线速度大小之比为4:1 B.角速度之比为1:1C.周期之比为1:4D.向心加速度大小之比为1:44.如图甲所示,带电小球A 用绝缘细线悬挂于O 点,细线的长为L,O 点正下方3L 处固定一带电的小球B,由于库仑力的作用,细线与竖直方向的夹角θ=30°,这时A 球的带电量为q 1;如果将A 球的带电量改为q 2,且改变细线的长,使A 与B 在同一水平线上,这时细线与竖直方向的夹角也为θ=30°,如图乙所示,不计小球的大小,B 球的带电量保持不变,,则12q q 为 A.1 B.3 C.32 D.335.一个小球在倾角为θ=30°的固定斜面顶端以大小为v 0的初速度水平拋出,小球落在斜面上,增大抛出的初速度后,小球落在水平面上,前后两次平抛运动所用的时间之比为1:3,重力加速度为g,则斜面的长度为A.2083v gB.20163v gC.204v gD.208v g6.一个质点做匀变速直线运动,依次经过a 、b 、c 、d 四点。

★试卷5套汇总★陕西省安康市2021年新高考物理联考试题

★试卷5套汇总★陕西省安康市2021年新高考物理联考试题

2019-2020学年高考物理模拟试卷一、单项选择题:本题共10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1.图为2020年深圳春节期间路灯上悬挂的灯笼,三个灯笼由轻绳连接起来挂在灯柱上,O 为结点,轻绳OA 、OB 、OC 长度相等,无风时三根绳拉力分别为F A 、F B 、F C 。

其中OB 、OC 两绳的夹角为60,灯笼总质量为3m ,重力加速度为g 。

下列表述正确的是( )A .FB 一定小于mg B .F B 与FC 是一对平衡力 C .F A 与F C 大小相等D .F B 与F C 合力大小等于3mg2.已知氢原子的基态能量为E 1,激发态能量为E n =12E n,其中n=2,3,4……已知普朗克常量为h ,电子的质量为m 。

巴尔末线系是氢原子从n≥3的各个能级跃迁至n=2能级时辐射光的谱线,则下列说法中正确的是( )A .巴尔末线系中波长最长的谱线对应光子的能量为3.40eVB .氢原子从基态跃迁到激发态后,核外电子动能减小,原子的电势能增大,动能和电势能之和不变C .基态氢原子中的电子吸收一频率为ν()12h E mν+D .一个处于n=4的激发态的氢原子,向低能级跃迁时最多可辐射出6种不同频率的光3.如图所示,A 、B 两球质量相等,A 球用不能伸长的轻绳系于O 点,B 球用轻弹簧系于O′点,O 与O′点在同一水平面上,分别将A 、B 球拉到与悬点等高处,使轻绳和轻弹簧均处于水平且自然伸直状态,将两球分别由静止开始释放,当两球达到各自悬点的正下方时,两球仍处在同一水平面上,则( )A.两球到达各自悬点的正下方时,两球损失的机械能相等B.两球到达各自悬点的正下方时,A球速度较小C.两球到达各自悬点的正下方时,重力对A球做的功比B球多D.两球到达各自悬点的正下方时,A球的动能大于B球的动能4.让一小球分别从竖直墙壁上面的A点和B点沿不同的粗糙斜面AC和BC到达水平面上同一点C,小球释放的初速度等于0,两个斜面的粗糙程度相同,关于小球的运动,下列说法正确的是()A.下滑到C点时合外力的冲量可能相同B.下滑到C点时的动能可能相同C.下滑到C点过程中损失的机械能一定相同D.若小球质量增大,则沿同一斜面到达斜面底端的速度增大5.氢原子部分能级的示意图如图所示,不同金属的逸出功如下表所示:铯钙镁铍钛金逸出功W/eV 1.9 2.7 3.7 3.9 4.1 4.8大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时辐射的所有光子中,能够使金属铯发生光电效应的光子有几种A.2B.3C.4D.56.“太空涂鸦”技术就是使低轨运行的攻击卫星通过变轨接近高轨侦查卫星,准确计算轨道并向其发射“漆雾”弹,“漆雾”弹在临近侦查卫星时,压爆弹囊,让“漆雾”散开并喷向侦查卫星,喷散后强力吸附在侦查卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上,使之暂时失效。

陕西省安康市(六校联考)2021届新高考模拟物理试题含解析

陕西省安康市(六校联考)2021届新高考模拟物理试题含解析

陕西省安康市(六校联考)2021届新高考模拟物理试题一、单项选择题:本题共6小题,每小题5分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1. “儿童蹦极”中,拴在腰问左右两侧的是弹性橡皮绳.质量为m 的小明如图所示静止悬挂时,两橡皮绳的拉力大小均恰为mg ,若此时小明左侧橡皮绳断裂,则小明此时的A .加速度为零B .加速度a=g ,沿原断裂橡皮绳的方向斜向下C .加速度a=g ,沿未断裂橡皮绳的方向斜向上D .加速度a=g ,方向竖直向下【答案】B【解析】【分析】【详解】小明静止时受到重力和两根橡皮条的拉力,处于平衡状态,如图所示:由于12T T mg ==,故两个拉力的合力一定在角平分线上,且在竖直线上,故两个拉力的夹角为120°,当右侧橡皮条拉力变为零时,左侧橡皮条拉力不变,重力也不变;由于三力平衡时,三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线,故左侧橡皮条拉力与重力的合力与右侧橡皮条断开前的弹力反方向,大小等于mg ,故加速度为g ,沿原断裂绳的方向斜向下,故选B 正确,ACD 错误。

2.如图所示,铁芯上绕有线圈A 和B ,线圈A 与电源连接,线圈B 与理性发光二极管D 相连,衔铁E 连接弹簧K 控制触头C 的通断,忽略A 的自感,下列说法正确的是A .闭合S ,D 闪亮一下B .闭合S ,C 将会过一小段时间接通C .断开S ,D 不会闪亮D .断开S ,C 将会过一小段时间断开【答案】D【解析】【详解】AB.当闭合S 瞬间时,穿过线圈B 的磁通量要增加,根据楞次定律:增反减同,结合右手螺旋定则可知,线圈B 的电流方向逆时针,而由于二极管顺时针方向导电,则线圈B 不会闪亮一下,则线圈A 中磁场立刻吸引C ,导致其即时接触,故A ,B 错误;CD.当断开S 瞬间时,穿过线圈B 的磁通量要减小,根据楞次定律:增反减同,结合右手螺旋定则可知,电流方向为顺时针,则二极管处于导通状态,则D 会闪亮,同时对线圈A 有影响,阻碍其磁通量减小,那么C 将会过一小段时间断开,故C 错误,D 正确;故选D .【点睛】该题考查楞次定律与右手螺旋定则的应用,注意穿过闭合线圈的磁通量变化,线圈相当于电源,而电流是从负板流向正极,同时理解二极管的单向导电性.3.如图,两质点a ,b 在同一平面内绕O 沿逆时针方向做匀速圆周运动,a ,b 的周期分别为2 s 和20 s ,a ,b 和O 三点第一次到第二次同侧共线经历的时间为()A .920sB .209sC .1120sD .2011s 【答案】B【解析】a 、b 和O 三点第一次到第二次同侧共线即质点a 要比质点b 多运动一周.则要满足1a bt t T T -=,代入数据得解得:209t s =,B 正确. 故选B4.一三棱镜截面如图所示,∠C=90°,∠B=60°,AC 面涂有反光涂层。

2021年高三物理上学期10月联考试卷(含解析)

2021年高三物理上学期10月联考试卷(含解析)

2021年高三物理上学期10月联考试卷(含解析)一、选择题(共8小题,每小题5分,满分40分)1.(5分)甲、乙两物体沿同一直线运动的v﹣t图象如图所示,由图可知()A.乙做速度为1m/s2匀速直线运动B.前4s内甲物体一直在乙物体前方C.4s内乙的平均速度大小为2m/sD.4s内乙的速度大于甲的速度2.(5分)细绳拴一个质量为m的小球,小球用固定在墙上的水平弹簧支撑,小球与弹簧不粘连.平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°,如图所示,以下说法正确的是(已知sin530=0.8,cos530=0.6)()A.小球静止时弹簧的弹力大小为mgB.小球静止时细绳的拉力大小为mgC.细线烧断后小球做平抛运动D.细线烧断瞬间小球的加速度为g3.(5分)如图,两个完全相同的小球A、B,在同一高度处以相同大小的初速度v分别水平抛出和竖直向上抛出,下列说法正确的是()A.两小球落地时的速度相同B.两小球落地时,A球重力的瞬时功率较小C.从开始运动至落地,A球重力做功较大D.从开始运动至落地,重力对A小球做功的平均功率较小4.(5分)如图所示,在倾角为300的光滑斜面上端系有一劲度系数为20N/m的轻质弹簧,弹簧下端连一个质量为2kg的小球,球被一垂直于斜面的挡板A挡住,此时弹簧恰处于原长.若挡板A以4m/s2的加速度沿斜面向下匀加速运动,则()A.小球向下运动0.1m时速度最大B.小球向下运动0.1m时与挡板分离C.在小球开始运动到速度达到最大的过程中,小球一直做匀加速直线运动D.在小球从开始运动到与挡板分离的过程中,小球重力势能的减少量等于其动能与弹簧弹性势能增加量之和5.(5分)若某恒星系中所有天体的密度增大为原来的2倍,天体的直径和天体之间的距离不变,某行星绕该恒星做匀速圆周运动,则下述运行参量变化正确的是()A.行星绕该恒星做匀速圆周运动的向心力变为原来的2倍B.行星绕该恒星做匀速圆周运动的线速度变为原来的4倍C.行星绕该恒星做匀速圆周运动的线速度变为原来的2倍D.行星绕该恒星做匀速圆周运动的周期变为原来的6.(5分)如图所示a,b,c,d分别是一个菱形的四个顶点,∠abc=120°.现将三个等量的正点电荷+Q固定在a、b、c三个顶点上,将一个电量为+q的点电荷依次放在菱形中心点O点和另一个顶点d点处,下列说法正确的是()A.d点电场强度的方向由O指向dB.+q在d点所具有的电势能比在O点的大C.d点的电势低于O点的电势D.d点的电场强度大于O点的电场强度7.(5分)如图所示,平行金属导轨MN和PQ,他们的电阻可以忽略不计.在M和P之间接有阻值为R=3.0Ω的定值电阻,导体棒ab长l=0.5m.其电阻不计,且与导轨接触良好,整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度B=0.4T.现使ab以v=10m/s的速度向右做匀速运动.以下判断正确的是()A.导体棒ab中的感应电动势E=2.0vB.电路中的电流I=0.5AC.导体棒ab所受安培力方向向右D.拉力做功的功率为W8.(5分)如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为n1:n2=4:1,原线圈接图乙所示的正弦交流电,副线圈与理想电压表,理想电流表、热敏电阻R r(阻值随温度的升高而减小)及报警器P组成闭合电路,回路中电流增加到一定值时报警器P将发出警报声,则以下判断正确的是()A.变压器副线圈输出交流电的频率为50HzB.电压表的示数为9VC.R T处温度升到一定值时,报警器P将发出报警声D.R T处温度升高时,变压器输入功率变小二、解答题(共4小题,满分45分)9.(6分)某同学设计了一个如图1所示的装置测定滑块与木板间的动摩擦因数,其中A为滑块,B和C是质量可调的砝码,不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦,装置水平放置.实验中该同学在砝码总质量(m+m′=m0)保持不变的条件下,改变m和m′的大小,测出不同m下系统的加速度,然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数.(1)该同学手中有打点计时器、纸带、质量已知且可随意组合的砝码若干、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线,为了完成本实验,得到所要测量的物理量,还应有.A.秒表 B.毫米刻度尺 C.天平 D.低压交流电源(2)实验中,该同学得到一条较为理想的纸带,如图2所示,从清晰的O点开始,每隔4个点取一计数点(中间4个点没画出),分别记为A、B、C、D、E、F,各计数点到O点的距离为OA=1.61cm,OB=4.02cm,OC=7.26cm,OD=11.30cm,OE=16.14cm,OF=21.80cm,打点计时器打点频率为50Hz,则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v=m/s,此次实验滑块的加速度a=m/s2.(结果均保留两位有效数字)(3)在实验数据处理中,该同学以m为横轴,以系统的加速度a为纵轴,绘制了如图3所示的实验图线,结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数μ=.(g取10m/s2)10.(9分)实际电流表有内阻,测量电流表G1内阻r1的电路如图1所示.供选择的仪器如下:①待测电流表G1(0~5mA,内阻约300Ω),②电流表G2(0~10mA,内阻约100Ω),③定值电阻R1(300Ω),④定值电阻R2(10Ω),⑤滑动变阻器R3(0~1000Ω),⑥滑动变阻器R4(0~20Ω),⑦干电池(1.5V),⑧电键S及导线若干.(1)定值电阻应选,滑动变阻器应选.(在空格内填写序号)(2)对照电路图用笔连线连接图3实物图.(3)补全实验步骤:①按电路图连接电路,将滑动变阻器的触头移至最(填“左端”或“右端”)②闭合电键S,移动滑动触头至某一位置,记录G1和G2的读数I1和I2;③多次移动滑动触头,记录G1和G2的读数I1和I2;④以I2为纵坐标,I1为横坐标,作出相应图线,如图2所示.(4)根据I2﹣I1图线的斜率k及定值电阻,写出待测电流表内阻的表达式.11.(12分)如图所示,已知倾角为θ=45°、高为h的斜面固定在水平地面上.一小球从高为H(h<H<h)处自由下落,与斜面做无能量损失的碰撞后水平抛出.小球自由下落的落点距斜面左侧的水平距离x满足一定条件时,小球能直接落到水平地面上.(1)求小球落到地面上的速度大小;(2)求要使小球做平抛运动后能直接落到水平地面上,x应满足的条件;(3)在满足(2)的条件下,求小球运动的最长时间.12.(18分)如图所示,在x轴下方的区域内存在方向与y轴相同的匀强电场,电场强度为E.在x轴上方以原点O为圆心、半径为R的半圆形区域内存在匀强磁场,磁场的方向垂直于xy平面并指向纸面外,磁感应强度为B.y轴下方的A点与O点的距离为d.一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从A点由静止释放,经电场加速后从O点射入磁场.不计粒子的重力作用.(1)求粒子在磁场中运动的轨道半径r.(2)要使粒子进入磁场之后不再经过x轴,电场强度需大于或等于某个值E0.求E0.(3)若电场强度E等于第(2)问E0的,求粒子经过x轴时的位置.【物理-选修3-3】(共2小题,满分15分)13.(5分)下列五幅图对应五种说法,其中正确的是()A.图中微粒的运动就是物质分子的无规则热运动,即布朗运动B.图中当两个相邻的分子间距离为r0时,它们间相互作用的引力和斥力大小相等C.图中食盐晶体的物理性质沿各个方向都是一样的D.图中小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用E.图中洁净的玻璃板接触水面,要使玻璃板离开水面,拉力F必须大于玻璃板的重力,其原因是水分子和玻璃分子之间存在分子引力14.(10分)在如图所示的气缸中封闭着温度为100℃的空气,一重物用绳索经滑轮与缸中活塞相连接,重物和活塞均处于平衡状态,这时活塞离缸底的高度为10cm,如果缸内空气变为0℃,问:①重物是上升还是下降?②这时重物将从原处移动多少厘米?(设活塞与气缸壁间无摩擦)【物理-选修3-4】(共2小题,满分0分)15.如图所示,两列简谐波分别沿x轴正方向和负方向传播,两波源分别位于x=﹣0.2m和x=1.2m处,两列波的波速均为v=0.4m/s,两波源的振幅均为A=2cm.图示为t﹣0时刻两列波的图象(传播方向如图所示),此刻平衡位置分别处于x=0.2m和x=0.8m的P、Q两质点刚开始振动,质点M的平衡位置处于x=0.5m,关于各质点运动情况,下列判断正确的是()A.t=1s时刻,质点M的位移为+4cmB.t=1s时刻,质点M的位移为﹣4cmC.t=0.75s时刻,质点P、Q都运动到M点D.质点P、Q的起震方向都沿y轴负方向16.某种材料做成的一个底角为30°的等腰三棱镜,一细束红光从AB面的中点P沿平行于底面BC方向射入棱镜,经BC面反射,再从AC面的Q点射出,且有PQ∥BC(图中未画光在棱镜内的光路).设真空中的光束为c,求:(1)该三棱镜对红光的折射率;(2)红光在棱镜中的传播速度.【物理-选修3-5】(共2小题,满分0分)17.以下关于天然放射现象,叙述正确的是()A.若使放射性物质的温度升高,其半衰期将变短B.β衰变所释放的电子是原子核外的电子电离形成的C.在α,β,γ这三种射线中,γ射线的穿透能力最强,α射线的电离能力最强D.铀核U衰变为铅核P的过程中,要经过8次α衰变和6次β衰变E.α衰变的实质是原子核内2个质子和2个中子能紧密结合在一起,在一定条件下以一个整体从原子核中抛射出来,发生α衰变18.如图所示,在光滑水平面上物块A处于静止状态,A的质量为1kg,某时刻一质量为m0=0.2kg的子弹以v0=60m/s的初速度水平射向物块A,从A中穿出子弹的速率为20m/s求:①子弹穿出后物块A的速度大小②在穿出过程中系统损失的机械能.广西柳州市、玉林市、贵港市、百色市联考xx届高三上学期联考物理试卷(10月份)参考答案与试题解析一、选择题(共8小题,每小题5分,满分40分)1.(5分)甲、乙两物体沿同一直线运动的v﹣t图象如图所示,由图可知()A.乙做速度为1m/s2匀速直线运动B.前4s内甲物体一直在乙物体前方C.4s内乙的平均速度大小为2m/sD.4s内乙的速度大于甲的速度考点:匀变速直线运动的图像.专题:运动学中的图像专题.分析:根据图象直接读出物体某时刻的速度,斜率表示加速度,根据图线与坐标轴所围“面积”比较位移关系.两图线的交点表示速度相等.解答:解:A、由图可知,甲的斜率为零,加速度为零,做匀速运动,故A错误;B、前4s内甲的速度一直大于乙的速度,但由于出发点的位置关系未知,故不能确定甲物体一直在乙物体前方,故B错误;C、4s内乙的平均速度为==2m/s,故C正确;D、4s内甲的速度一直大于乙的速度,故D错误.故选:C.点评:此题是速度图象问题,主要抓住图线的“面积”表示位移、交点表示速度相等数学意义来分析理解.2.(5分)细绳拴一个质量为m的小球,小球用固定在墙上的水平弹簧支撑,小球与弹簧不粘连.平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°,如图所示,以下说法正确的是(已知sin530=0.8,cos530=0.6)()A.小球静止时弹簧的弹力大小为mgB.小球静止时细绳的拉力大小为mgC.细线烧断后小球做平抛运动D.细线烧断瞬间小球的加速度为g考点:牛顿第二定律;平抛运动.专题:牛顿运动定律综合专题.分析:小球静止时,分析受力情况,由平衡条件求解弹簧的弹力大小和细绳的拉力大小.细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变,则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反,即可求出加速度.解答:解:A、B小球静止时,分析受力情况,如图,由平衡条件得:弹簧的弹力大小为:F=mgtan53°=,细绳的拉力大小为:T==.故A错误,B正确.C、细线烧断后的瞬间,小球受重力和弹簧的弹力,不是做平抛运动,故C错误.D、细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变,则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反,则此瞬间小球的加速度大小为:a=.故D正确.故选:BD.点评:本题中小球先处于平衡状态,由平衡条件求解各力的大小,后烧断细绳,小球处于非平衡条件,抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变是关键.3.(5分)如图,两个完全相同的小球A、B,在同一高度处以相同大小的初速度v分别水平抛出和竖直向上抛出,下列说法正确的是()A.两小球落地时的速度相同B.两小球落地时,A球重力的瞬时功率较小C.从开始运动至落地,A球重力做功较大D.从开始运动至落地,重力对A小球做功的平均功率较小考点:功率、平均功率和瞬时功率.专题:功率的计算专题.分析:两个物体在运动的过程中机械能守恒,可以判断它们的落地时的速度的大小,再由平均功率和瞬时功率的公式可以得出结论.解答:解:A、两个小球在运动的过程中都是只有重力做功,机械能守恒,所以根据机械能守恒可以知两物体落地时速度大小相等,方向不同,所以速度不同,故A错误.B、到达底端时两物体的速率相同,重力也相同,但A物体重力与速度有夹角,B物体重力与速度方向相同,所以落地前的瞬间B物体重力的瞬时功率大于A物体重力的瞬时功率,故B正确.C、根据重力做功的表达式得两个小球在运动的过程重力对两小球做功都为mgh,故C错误.D、从开始运动至落地,重力对两小球做功相同,但过程A所需时间小于B所需时间,根据P=知道重力对A小球做功的平均功率较大,故D错误;故选:B.点评:在分析功率的时候,一定要注意公式的选择,P=只能计算平均功率的大小,而P=Fvcosθ可以计算平均功率也可以是瞬时功率,取决于速度是平均速度还是瞬时速度.4.(5分)如图所示,在倾角为300的光滑斜面上端系有一劲度系数为20N/m的轻质弹簧,弹簧下端连一个质量为2kg的小球,球被一垂直于斜面的挡板A挡住,此时弹簧恰处于原长.若挡板A以4m/s2的加速度沿斜面向下匀加速运动,则()A.小球向下运动0.1m时速度最大B.小球向下运动0.1m时与挡板分离C.在小球开始运动到速度达到最大的过程中,小球一直做匀加速直线运动D.在小球从开始运动到与挡板分离的过程中,小球重力势能的减少量等于其动能与弹簧弹性势能增加量之和考点:牛顿第二定律;力的合成与分解的运用.专题:牛顿运动定律综合专题.分析:对球受力分析可知,当球受力平衡时,速度最大,此时弹簧的弹力与物体重力沿斜面的分力相等,由胡克定律和平衡条件即可求得小球向下运动的路程.从开始运动到小球与挡板分离的过程中,挡板A始终以加速度a=4m/s2匀加速运动,小球与挡板刚分离时,相互间的弹力为零,由牛顿第二定律和胡克定律结合求得小球的位移.解答:解:A、球和挡板分离前小球做匀加速运动;球和挡板分离后做加速度减小的加速运动,当加速度为零时,速度最大,此时物体所受合力为零.即:kx m=mgsin30°,解得:x m==,由于开始时弹簧处于原长,所以速度最大时小球向下运动的路程为0.5m.故A错误.B、设球与挡板分离时位移为x,经历的时间为t,从开始运动到分离的过程中,m受竖直向下的重力,垂直斜面向上的支持力F N,沿斜面向上的挡板支持力F1和弹簧弹力F.根据牛顿第二定律有mgsin30°﹣kx﹣F1=ma,保持a不变,随着x的增大,F1减小,当m与挡板分离时,F1减小到零,则有:mgsin30°﹣kx=ma,解得:x===0.1m,即小球向下运动0.1m时与挡板分离,故B正确.C、球和挡板分离前小球做匀加速运动;球和挡板分离后做加速度减小的加速运动,当加速度为零时,速度最大,故C错误;D、从开始运动到分离的过程中,挡板对小球有沿斜面向上的支持力,小球重力势能的减少量大于其动能与弹簧弹性势能增加量之和,故D错误故选:B点评:在挡板运动的过程中,挡板对球的支持力的大小是在不断减小的,从而可以使球和挡板一起以恒定的加速度运动,在运动的过程中物体的受力在变化,但是物体的运动状态不变,从而可以求得物体运动的位移.5.(5分)若某恒星系中所有天体的密度增大为原来的2倍,天体的直径和天体之间的距离不变,某行星绕该恒星做匀速圆周运动,则下述运行参量变化正确的是()A.行星绕该恒星做匀速圆周运动的向心力变为原来的2倍B.行星绕该恒星做匀速圆周运动的线速度变为原来的4倍C.行星绕该恒星做匀速圆周运动的线速度变为原来的2倍D.行星绕该恒星做匀速圆周运动的周期变为原来的考点:万有引力定律及其应用.专题:万有引力定律的应用专题.分析:结合中心天体的质量变化,通过万有引力提供向心力得出线速度、周期的变化.解答:解:A、中心天体的质量M=ρV,直径不变,则体积不变,可知质量变为原来的2倍.向心力,知M和m都变为原来的2倍,则向心力变为原来的4倍.故A错误.B、根据知,v=,T=,轨道半径不变,中心天体的质量变为原来的2倍,则线速度变为原来的倍,周期变为原来的倍.故D正确,B、C错误.故选:D.点评:解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论,知道线速度、角速度、周期与轨道半径的关系.6.(5分)如图所示a,b,c,d分别是一个菱形的四个顶点,∠abc=120°.现将三个等量的正点电荷+Q固定在a、b、c三个顶点上,将一个电量为+q的点电荷依次放在菱形中心点O点和另一个顶点d点处,下列说法正确的是()A.d点电场强度的方向由O指向dB.+q在d点所具有的电势能比在O点的大C.d点的电势低于O点的电势D.d点的电场强度大于O点的电场强度考点:匀强电场中电势差和电场强度的关系;电势能.专题:电场力与电势的性质专题.分析:根据电场的叠加,分析d点电场强度的方向;O点的电场强度等于b处+Q在O处产生的电场强度大小.根据顺着电场线方向电势降低,分析d点与O点电势关系.正电荷在高电势高处电势能大.解答:解:A、设菱形的边长为r,根据公式E=k分析可知三个点电荷在D产生的场强大小E相等,由电场的叠加可知,D点的场强大小为E D=2k方向由O指向d.故A正确;B、C、Od间电场线方向从O到d,根据顺着电场线方向电势降低,O点的电势高于d点的电势,而正电荷在高电势高处电势能大,则知+q在d点所具有的电势能较小.故B错误,C 正确;D、O点的场强大小为E O=k,可见,d点的电场强度小于O点的电场强.所以+q在d点所受的电场力较小,故D错误.故选:AC点评:本题关键要抓住对称性,由电场的叠加分析场强大小和电场线的方向,再判断电场力大小和电势能的高低.7.(5分)如图所示,平行金属导轨MN和PQ,他们的电阻可以忽略不计.在M和P之间接有阻值为R=3.0Ω的定值电阻,导体棒ab长l=0.5m.其电阻不计,且与导轨接触良好,整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度B=0.4T.现使ab以v=10m/s的速度向右做匀速运动.以下判断正确的是()A.导体棒ab中的感应电动势E=2.0vB.电路中的电流I=0.5AC.导体棒ab所受安培力方向向右D.拉力做功的功率为W考点:导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律.专题:电磁感应——功能问题.分析:由E=BLv求出感应电动势,由欧姆定律可以求出感应电流;由右手定则判断出感应电流方向,然后由左手定则判断出安培力方向;由安培力公式求出安培力,由平衡条件求出拉力,然后由P=Fv求出拉力的功率.解答:解:A、感应电动势:E=Blv=0.4×0.5×10=2V,故A正确;B、电路电流:I===A,故B错误;C、由右手定则可知,感应电流由b流向a,由左手定则可知,安培力水平向左,故C错误;D、ab受到的安培力:F安培=BIl=0.4××0.5=N,ab匀速运动,由平衡条件可得:F=F安培=N,拉力的功率:P=Fv=×10=W,故D正确;故选:AD.点评:本题考查了求感应电动势、感应电流、拉力功率、判断安培力方向,应用E=BLv、欧姆定律、安培力公式、平衡条件、P=Fv、左手定则与右手定则即可在正确解题.8.(5分)如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为n1:n2=4:1,原线圈接图乙所示的正弦交流电,副线圈与理想电压表,理想电流表、热敏电阻R r(阻值随温度的升高而减小)及报警器P组成闭合电路,回路中电流增加到一定值时报警器P将发出警报声,则以下判断正确的是()A.变压器副线圈输出交流电的频率为50HzB.电压表的示数为9VC.R T处温度升到一定值时,报警器P将发出报警声D.R T处温度升高时,变压器输入功率变小考点:变压器的构造和原理;闭合电路的欧姆定律.专题:交流电专题.分析:由图乙可知交流电压最大值U m=36V,周期T=0.02秒,可由周期求出角速度的值,则可得交流电压u的表达式 u=U m sinωt(V),由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比,输入、输出功率之比,Rt处温度升高时,阻值减小,根据负载电阻的变化,可知电流、电压变化.解答:解:A、由图知周期T=0.02s,所以变压器副线圈输出交流电的频率为f==50Hz,故A正确;B、根据图象可得原线圈的电压的最大值E m=36V,最大值为有效值的倍,所以电压的有效值为U1=36V,理想变压器原、副线圈的匝数比为n1:n2=4:1,所以副线圈的电压的有效值为U2=9V,所以电压表的示数小于9V,故B错误;C、R t处温度升高时阻值减小,副线圈中电流增大,报警器P将发出报警声,故C正确;D、R t处温度升高时副线圈中电流增大,而副线圈的电压不变,变压器的输出功率变大,变压器输入功率变大,故D错误;故选:AC.点评:根据图象准确找出已知量,是对学生认图的基本要求,准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系,是解决本题的关键.二、解答题(共4小题,满分45分)9.(6分)某同学设计了一个如图1所示的装置测定滑块与木板间的动摩擦因数,其中A为滑块,B和C是质量可调的砝码,不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦,装置水平放置.实验中该同学在砝码总质量(m+m′=m0)保持不变的条件下,改变m和m′的大小,测出不同m下系统的加速度,然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数.(1)该同学手中有打点计时器、纸带、质量已知且可随意组合的砝码若干、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线,为了完成本实验,得到所要测量的物理量,还应有BD.A.秒表 B.毫米刻度尺 C.天平 D.低压交流电源(2)实验中,该同学得到一条较为理想的纸带,如图2所示,从清晰的O点开始,每隔4个点取一计数点(中间4个点没画出),分别记为A、B、C、D、E、F,各计数点到O点的距离为OA=1.61cm,OB=4.02cm,OC=7.26cm,OD=11.30cm,OE=16.14cm,OF=21.80cm,打点计时器打点频率为50Hz,则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v=0.52m/s,此次实验滑块的加速度a=0.81m/s2.(结果均保留两位有效数字)(3)在实验数据处理中,该同学以m为横轴,以系统的加速度a为纵轴,绘制了如图3所示的实验图线,结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数μ=0.3.(g取10m/s2)考点:探究影响摩擦力的大小的因素.专题:实验题;摩擦力专题.分析:(1)需要交流电源和长度的测量工具;(2)每隔4个点取一计数点,相邻计数点之间的时间间隔为0.1s,由匀加速规律可得,用平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解速度、用△x=at2求解加速度;(3)对系统应用牛顿第二定律,得到图线的纵轴截距为﹣μg,可解得动摩擦因数.解答:解:(1)A、打点计时器通过打点即可知道时间,故不需要秒表,故A错误.B、实验需要测量两点之间的距离,故需要毫米刻度尺和,故B正确.C、本实验中可以不测滑块的质量,而且砝码的质量已知,故天平可以不选,故C错误.D、打点计时器要用到低压交流电源,故D正确.故选:BD;(2)每隔4个点取一计数点,相邻计数点之间的时间间隔为0.1s,故用平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得:v D==×10﹣2m/s=0.44m/s同理可求,v C===×10﹣2m/s=0.36m/s由匀变速运动规律得:v D=所以:v E=2v D﹣v C=0.88﹣0.36m/s=0.52m/s。

2021年高三上学期10月月末检测物理试题 含答案

2021年高三上学期10月月末检测物理试题 含答案

2021年高三上学期10月月末检测物理试题含答案一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分,1-6题只有一个选项正确,7-10小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错的或不答的得0分)1、下列有关运动与力的说法中错误..的是()A.匀速直线运动中速度始终不变;匀变速直线运动中,加速度始终不变B.匀速圆周运动中速率始终不变,速度的变化量始终不变C.物体做曲线运动的条件是合力方向与速度方向不在一条直线上D.平抛运动中速度的变化量方向始终竖直向下2、两个质点A、B分别在各自的拉力作用下从同一高度同时竖直向上运动,其v-t图像如图所示,下列说法正确的是()A.t时刻两个质点位于同一高度2B.0-t2时间内两质点的平均速度相等C.0-t2时间内A质点处于超重状态D.在t1-t2时间内质点B的机械能守恒3、一质点做匀加速直线运动时,速度变化Δv时发生位移x1,紧接着速度变化同样的Δv时发生位移x2,则该质点的加速度为()A. B.C.D.4、一条船要在最短时间内渡过宽为100 m的河,已知河水的流速v1与船离河岸的距离s变化的关系如图甲所示,船在静水中的速度v2与时间t的关系如图乙所示,则以下判断中正确的是 ( )A.船渡河的最短时间是25 sB.船运动的轨迹可能是直线C.船在河水中的最大速度是5 m/sD.船在河水中的加速度大小为0.4 m/s25、在冬奥会短道速滑项目中,运动员绕周长仅111米米的短道竞赛。

运动员比赛过程中在通过弯道时如果不能很好地控制速度,将发生侧滑而摔离正常比赛路线。

图中圆弧虚线Ob代表弯道,即运动正常运动路线,Oa为运动员在O点时的速度方向(研究时可将运动员看作质点)。

下列论述正确的是 ( )A.发生侧滑是因为运动员受到的合力方向背离圆心B.发生侧滑是因为运动员受到的合力大于所需要的向心力C.若在O点发生侧滑,则滑动的方向在Oa右侧与Ob之间D.若在O点发生侧滑,则滑动的方向在Oa左侧6、物块从光滑曲面上的P点自由滑下,通过粗糙的静止水平传送带以后落到地面上的Q点,若传送带的皮带轮沿顺时针方向转动起来,使传送带随之运动,如图所示,再把物块放到P点自由滑下则正确的是()A.物块仍将落在Q点B.物块不可能落到Q点的左边C.物块会落在Q点的左边D.物块一定落在Q点的右边7、如图是一个半球形碗,内壁光滑,两个质量相等的小球A、B在碗内不同水平面做匀速圆周运动,F代表碗面对球的支持力,、、分别代表线速度、加速度、角速度。

【精准解析】陕西省安康市2021届高三上学期10月联考物理试题

【精准解析】陕西省安康市2021届高三上学期10月联考物理试题
3
角为
,根据 t
T
2
可得,a、b 粒子在磁场中运动的时间之比为 1:3,D 正确。
故选 BD。
二、非选择题:共 60 分。第 11 题~第 15 题为必考题,每个试题考生都必须作答。
- 11 -
第 16、17 题为选考题,考生根据要求做答。 (一)必考题(共 45 分)
11. 在“测定金属丝的电阻率”实验中。 (1)先用螺旋测微器测出金属丝的直径,测量示数如图,则金属丝的直径 d=______mm;
外接法,应选用 b 实验电路图。 [3]电路连接如图
12. 在探究物体的加速度 a 与物体所受外力 F 、物体质量 M 间的关系时,采用如图甲所示的 实验装置。小车及车中的砝码质量用 M 表示,盘及盘中的砝码质量用 m 表示。
f 2103 N
前 4s 内汽车的牵引力为
F 5103 N
由牛顿第二定律 可得
F f ma
a 2.5m/s2
4s 末汽车的速度
v4 at4 2.5 4m/s 10m/s
所以汽车的最大功率
-9-
P=Fv4=5103 10W=5104 W
故 AB 正确,C 错误;
D.汽车在前 4s 内的位移
4v02 g
故选 C。
6. 一个质点做匀变速直线运动,依次经过 a、b、c、d 四点。已知经过 ab、bc 和 cd 的时间分
别为 t、2t、3t,ac 和 bd 的位移分别为 x1 和 x2,则质点经过 c 点时的瞬时速度为( )
A. 5x2 9x1 60t
5x2 9x1
60t
B. 5x1 9x2 60t
为 3t 。
第一次小球下降的高度为 第一次小球沿水平方向的位移为

2021年高三上学期质检物理试卷(10月份)含解析

2021年高三上学期质检物理试卷(10月份)含解析

2021年高三上学期质检物理试卷(10月份)含解析一、单选题(每题4分,共32分)1.关于速度和加速度的关系,以下说法正确的是()A.加速度方向为正时,速度可能增大,也可能减小B.加速度描述了物体速度变化的多少C.加速度方向保持不变,速度方向也保持不变D.加速度大小不断变小,速度大小也不断变小2.一质点沿一边长为2m的正方形轨道运动,每秒钟匀速移动 1m,初始位置在bc边的中点A,由A向c运动,如图所示.B、C、D分别是cd、da、ab边的中点,则下列说法正确的是()A.第2 s末的瞬时速度大小是2 m/sB.前3 s内的平均速度大小为 m/sC.前4 s内的平均速率为0.5 m/sD.前2 s内的平均速度大小为2 m/s3.物体自O点开始沿斜面向上做匀减速直线运动,A、B、C、D是运动轨迹上的四点,D是最高点.测得OA=0.8m,AB=0.6m,BC=0.4m,且物体通过这三段的时间均为2s.则下面判断正确的是()A.物体的初速度是0.45m/sB.物体运动的加速度大小是0.5 m/s2C.CD间的距离是0.2 mD.从C到D运动的时间是1.5 s4.A、B两质点同时、同地沿同一直线运动,其v﹣t图象分别如图中a、b所示,t1时刻曲线b的切线与a平行,在0﹣t2时间内,下列说法正确的是()A.质点A一直做匀加速直线运动B.t1时刻两质点的加速度相等,相距最远C.t2时刻两质点的速度相等,相距最远D.t2时刻两质点的速度相等,A恰好追上B5.如图所示,在楼道内倾斜的天花板上需要安装灯泡照明,两根轻质细线的一端拴在O点、另一端分别固定在天花板上a点和b点,一灯泡通过轻质细线吊在O点,系统静止,Oa水平,Ob与竖直方向成一定夹角.现在对灯泡施加一个水平向右的拉力,使灯泡缓缓向右移动一小段距离的过程中()A.Oa上的拉力F1可能不变B.Oa上的拉力F1先增大再减小C.Ob上的拉力F2一定不变D.Ob上的拉力F2可能增大6.有一块长方体木板被锯成如图所示的A、B两块,放在水平面桌面上,A、B紧靠在一起,木块A的顶角如图所示.现用水平方向的力F垂直于板的左边推木块B,使两木块A、B保持原来形状整体沿力F的方向匀速运动,则()A.木块A在水平面内受两个力的作用,合力为零B.木板整体为一个系统,该系统受两个外力作用C.木板B对A的压力小于桌面对木板A的摩擦力D.木板B在水平面内受三个力的作用7.如图所示,两小球A,B通过O点处光滑的小滑轮用细线相连,小球A置于光滑半圆柱上,小球B用水平线拉着系于竖直板上,两球均处于静止状态,已知O点在半圆柱截面圆心01的正上方,OA与竖直方向成30°角,其长度与圆柱底面圆的半径相等,OA⊥OB,则A,B两球的质量比为()A. B. C. D.8.倾角为θ=30°的长斜坡上有C、O、B三点,CO=OB=10m,在O点竖直地固定一长10m 的直杆AO.A端与C点间和坡底B点间各连有一光滑的钢绳,且各穿有一钢球(视为质点),两球从A点由静止开始,同时分别沿两钢绳滑到钢绳末端,如图所示,则小球在钢绳上滑行的时间t AC和t AB分别为()A.2s 和2s B.s和2s C.s和4s D.4s和s二、多选题(每题4分共16分)9.如图所示,倾角为30°,重为80N的斜面体静止在水平面上.一根弹性轻杆一端垂直固定在斜面体上,杆的另一端固定一个重为2N的小球,小球处于静止状态时,下列说法正确的是()A.斜面有向左运动的趋势B.地面对斜面的支持力为82NC.球对弹性轻杆的作用力为2 N,方向竖直向下D.弹性轻杆对小球的作用力为2 N,方向垂直斜面向上10.如图所示,从地面竖直上抛一物体A,同时在离地面某一高度处有一物体B开始自由下落,两物体在空中同时到达同一高度时速度大小均为v,则下列说法正确的是()A.A上抛的初速度与B落地时速度大小相等,都是2vB.两物体在空中运动的时间相等C.A上升的最大高度与B开始下落时的高度相同D.两物体在空中同时达到的同一高度处一定在B开始下落时高度的中点下方11.完全相同的两物体P、Q,质量均为m,叠放在一起置于水平面上,如图所示.现用两根等长的细线系在两物体上,在细线的结点处施加一水平拉力F,两物体始终保持静止状态,则下列说法正确的是(重力加速度为g)()A.物体P受到细线的拉力大小为FB.两物体间的摩擦力大小为C.物体Q对地面的压力等于2mgD.地面对Q的摩擦力为F12.如图所示,质量为10kg的物体A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端,弹簧的劲度系数为100N/m,此时弹簧伸长了5cm,物体A和车均处于静止状态.)则下列有关说法正确的是()A.物体A与车间的最大静摩擦力大小一定等于5NB.若让小车和物体一起以1m/s2的加速度向右运动,则物体受摩擦力方向向右,大小为5N C.若设法把小车下面的水平面突然撤去,让小车自由下落,则撤去水平面的瞬间,物体A 受两个力作用D.若设法把小车下面的水平面突然撤去,让小车自由下落,则撤去水平面的瞬间,物体A 的加速度大小为10m/s2三、实验题(共14分)13.在研究匀变速直线运动的实验中,如图所示为一次记录小车运动情况的纸带,图中A、B、C、D、E为相邻的计数点,相邻计数点间的时间间隔T=0.2s.(1)下列说法中正确的是A.长木板不能侧向倾斜,也不能一端高一端低B.在释放小车前,小车应停在靠近打点计时器处C.应先接通电源,待打点计时器开始打点后再释放小车D.实验开始前,必须平衡摩擦力(2)根据纸带可判定小车做运动,加速度大小为m/s2,D点速度的大小v D=m/s.14.李明同学在做“验证力的平行四边形定则”实验时,利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O点以及两个弹簧测力计拉力的大小,如图12甲所示.(1)试在图甲中作出无实验误差情况下F1和F2的合力图示,并用F表示此力.(2)有关此实验,下列叙述正确的是.A.本实验采用的科学方法是理想实验法B.橡皮筋的拉力是合力,两弹簧测力计的拉力是分力C.两次拉橡皮筋时,把橡皮筋拉到相同的长度,效果也是一样的D.两次拉橡皮筋时,需将橡皮筋结点拉到同一位置O,这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力的效果相同(3)图乙是李明和张华两位同学在做以上实验时得到的结果,其中(填学生的姓名)的实验比较符合实验事实?(力F′是用一个弹簧测力计拉时的拉力)四、计算题(共38分)15.如图所示,轻绳PA和PB的结点上悬挂着重力大小G1为4.0N的物体,绳PA与竖直方向的夹角为37°,绳PB水平且重力大小G2为96.0N的金属块相连,金属块恰好静止在倾角为37°的斜面上,取g=10m/s2,已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力.求:(1)绳PA上的拉力的大小;(2)金属块和斜面间的动摩擦因数μ.16.某地出现雾霾天气,能见度只有200m,即看不到200m以外的情况,A、B两辆汽车沿同一平直公路同向匀速行驶,A车在前,速度v A=10m/s,B车在后,速度v B=30m/s.B 车在距A车200m处才发现前方的A车,这时B车立即以最大加速度a=0.8m/s2刹车.问:(1)通过计算判断两车会不会相撞(只写结果没有计算过程的不能得分)(2)若两车不能相撞,求它们之间的最小距离是多少?若两车会相撞,为了避免相撞,求在B车开始刹车的同时,A车至少应以多大的加速度开始做匀加速直线运动?17.如图所示,质量M=4.0kg的长木板B静止在光滑的水平地面上,在其右端放一质量m=1.0kg的小滑块A(可视为质点).初始时刻,A、B分别以v0=2.0m/s向左、向右运动,最后A恰好没有滑离B板.已知A、B之间的动摩擦因数μ=0.20,取g=10m/s2.求:(1)A、B相对运动时的加速度a A和a B的大小;(2)A相对地面速度为零时,B相对地面运动发生的位移x;(3)木板B的长度.xx学年山东省烟台一中高三(上)质检物理试卷(10月份)参考答案与试题解析一、单选题(每题4分,共32分)1.关于速度和加速度的关系,以下说法正确的是()A.加速度方向为正时,速度可能增大,也可能减小B.加速度描述了物体速度变化的多少C.加速度方向保持不变,速度方向也保持不变D.加速度大小不断变小,速度大小也不断变小【考点】加速度.【分析】加速度的定义是单位时间内速度的变化量,反应速度变化快慢的物理量.判断物体做加速运动还是减速运动看加速度与速度的方向关系,当加速度与速度同向,则做加速运动,当加速度与速度反向,则做减速运动.【解答】解:A、加速度方向为正时,若加速度与速度同向,则做加速运动,若加速度与速度反向,则做减速运动.故A正确.B、加速度描述速度变化的快慢.故B错误.C、加速度方向保持不变,速度方向可能改变,例如平抛运动.故C错误.D、当速度与加速度同向时,加速度减小,速度仍然增大.故D错误.故选:A【点评】解决本题的关键理解加速度的概念,以及知道当加速度与速度同向,则做加速运动,当加速度与速度反向,则做减速运动.2.一质点沿一边长为2m的正方形轨道运动,每秒钟匀速移动1m,初始位置在bc边的中点A,由A向c运动,如图所示.B、C、D分别是cd、da、ab边的中点,则下列说法正确的是()A.第2 s末的瞬时速度大小是2 m/sB.前3 s内的平均速度大小为m/sC.前4 s内的平均速率为0.5 m/sD.前2 s内的平均速度大小为2 m/s【考点】平均速度.【分析】瞬时速度与时刻对应,平均速度和平均速率与时间对应;平均速度等于位移与时间的比值,平均速率等于路程与时间的比值.【解答】解:A、第2s末在B点,瞬时速度大小是1m/s,故A错误;B、前3S内,物体从A经过c到D,位移为m,故平均速度为:m/s,故B正确;C、前4S内,物体运动到C点,位移为2m,路程是4m,故平均速率为:m/s,故C错误;D、前2S内,物体从A经过c到B,位移为m,故平均速度为:m/s,故D错误;故选:B【点评】本题考查了瞬时速度、平均速度、平均速率的概念,特别是要明确平均速度与平均速率的区别,不难.3.物体自O点开始沿斜面向上做匀减速直线运动,A、B、C、D是运动轨迹上的四点,D 是最高点.测得OA=0.8m,AB=0.6m,BC=0.4m,且物体通过这三段的时间均为2s.则下面判断正确的是()A.物体的初速度是0.45m/sB.物体运动的加速度大小是0.5 m/s2C.CD间的距离是0.2 mD.从C到D运动的时间是1.5 s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用.【分析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体的加速度,根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度,结合速度时间公式求出物体的初速度.根据速度位移公式求出CD间的距离,结合速度时间公式求出C到D的时间.【解答】解:A、根据得,物体的加速度a=,根据平均速度推论知,B点的速度,则物体的初速度v0=v B﹣at=0.25+0.05×4m/s=0.45m/s,故A正确,B错误.C、C点的速度v C=v B+at′=0.25﹣0.05×2m/s=0.15m/s,CD间的距离=0.225m,故C错误.D、从C到D的时间,故D错误.故选:A.【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论,并能灵活运用,有时运用推论求解会使问题更加简捷.4.A、B两质点同时、同地沿同一直线运动,其v﹣t图象分别如图中a、b所示,t1时刻曲线b的切线与a平行,在0﹣t2时间内,下列说法正确的是()A.质点A一直做匀加速直线运动B.t1时刻两质点的加速度相等,相距最远C.t2时刻两质点的速度相等,相距最远D.t2时刻两质点的速度相等,A恰好追上B【考点】匀变速直线运动的图像;匀变速直线运动的速度与时间的关系.【分析】在v﹣t图象中,直线的斜率表示加速度,速度的正负代表运动的方向,根据v﹣t 图象可以分析质点的运动情况,即可进行选择.【解答】解:A、质点A先向负方向做匀减速直线运动,然后向正方向做匀加速直线运动,故A错误;BCD、因v﹣t图象的斜率表示加速度,图线与t轴所围面积表示位移大小,所以t1时刻两质点的加速度相等,t2时刻两质点的速度相等,此时两质点的v﹣t图象与t轴所围面积差最大,即相距最远;故BD错误,C正确.故选:C【点评】本题主要就是考查学生对速度时间图象的理解,要知道在速度时间的图象中,速度的正负表示运动方向,直线的斜率代表的是加速度的大小,图象的面积代表的是位移.5.如图所示,在楼道内倾斜的天花板上需要安装灯泡照明,两根轻质细线的一端拴在O点、另一端分别固定在天花板上a点和b点,一灯泡通过轻质细线吊在O点,系统静止,Oa水平,Ob与竖直方向成一定夹角.现在对灯泡施加一个水平向右的拉力,使灯泡缓缓向右移动一小段距离的过程中()A.Oa上的拉力F1可能不变B.Oa上的拉力F1先增大再减小C.Ob上的拉力F2一定不变D.Ob上的拉力F2可能增大【考点】共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.【分析】先对灯泡进行分析,得出灯泡对绳子的拉力,然后对O点受力分析,受三个拉力,根据平衡条件并结合分解法列式求解即可.【解答】解:设灯泡为C.先选择灯泡为研究对象,开始时灯泡受到重力和绳子的拉力,所以绳子的拉力等于灯泡的重力;设对灯泡施加一个水平向右的拉力后设OC与竖直方向之间的拉力为θ,如图,则:F C=选择节点O点为研究对象,则O点受到三个力的作用处于平衡状态,受力如图,由图可知,在竖直方向:F2沿竖直方向的分力始终等于F C cosθ=mg,而且F2的方向始终不变,所以F2始终不变;沿水平方向:F1的大小等于F2沿水平方向的分力与F C沿水平方向分力的和,由于F C沿水平方向分力随θ的增大而增大,所以F1逐渐增大.可知四个选项中只有C正确.故选:C.【点评】本题关键对O点受力分析后根据平衡条件列式求解,可以结合合成法、分解法、正交分解法求解,中档题.6.有一块长方体木板被锯成如图所示的A、B两块,放在水平面桌面上,A、B紧靠在一起,木块A的顶角如图所示.现用水平方向的力F垂直于板的左边推木块B,使两木块A、B保持原来形状整体沿力F的方向匀速运动,则()A.木块A在水平面内受两个力的作用,合力为零B.木板整体为一个系统,该系统受两个外力作用C.木板B对A的压力小于桌面对木板A的摩擦力D.木板B在水平面内受三个力的作用【考点】共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.【分析】两块木板在水平面做匀速运动,合力均为零,根据平衡条件分析受力情况,分析的结果必须满足条件.【解答】解:A、对木板A分析受力情况:木板A水平面受到水平面向左的滑动摩擦力f,B的弹力N BA和摩擦力f BA,合力为零,即知木板A受三个力的作用,故A错误;B、木板整体为一个系统,该系统受重力.支持力、推力和摩擦力四个外力作用.故B错误;C、由图可知,木板B对A的压力和摩擦力垂直,二者的合力等于地面对木板的摩擦力,所以木板B对A的压力小于桌面对木板A的摩擦力.故C正确.D、木板B在水平面内受到A的弹力和摩擦力,水平面的摩擦力和推力F,共四个力的作用.故D错误.故选:C【点评】分析受力一般按重力、弹力和摩擦力顺序进行,要防止漏力,可以运用平衡条件进行检验.7.如图所示,两小球A,B通过O点处光滑的小滑轮用细线相连,小球A置于光滑半圆柱上,小球B用水平线拉着系于竖直板上,两球均处于静止状态,已知O点在半圆柱截面圆心01的正上方,OA与竖直方向成30°角,其长度与圆柱底面圆的半径相等,OA⊥OB,则A,B两球的质量比为()A. B. C. D.【考点】共点力平衡的条件及其应用;物体的弹性和弹力.【分析】对A受力分析,根据共点力平衡求出绳子的拉力,再对B分析,根据共点力平衡求出拉力和B的重力关系.【解答】解:对A分析,如图所示,由几何关系可知拉力T和支持力N与水平方向的夹角相等,夹角为60°,则N和T相等,有:2Tcos30°=m A g,解得T=,再隔离对B分析,根据共点力平衡有:Tcos60°=m B g,则,可知m A/m B=,故选:B.【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析,运用共点力平衡进行求解,难度不大.8.倾角为θ=30°的长斜坡上有C、O、B三点,CO=OB=10m,在O点竖直地固定一长10m 的直杆AO.A端与C点间和坡底B点间各连有一光滑的钢绳,且各穿有一钢球(视为质点),两球从A点由静止开始,同时分别沿两钢绳滑到钢绳末端,如图所示,则小球在钢绳上滑行的时间t AC和t AB分别为()A.2s 和2s B.s和2s C.s和4s D.4s和s【考点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.【分析】由几何知识确定出AC与AB的倾角和位移,由牛顿第二定律求出两球的加速度a,由位移公式x=求解时间.【解答】解:由几何知识得,AC的倾角为α=30°,位移x AC=10m.AC的倾角为β=60°,位移x AB=10m.沿AC下滑的小球,加速度为a1=gsin30°=5m/s2,由x AC=得,t AC=s=2s.沿AB下滑的小球,加速度为a2=gsin60°=5m/s2,由x AB=得,t AB==2s.故选:A【点评】本题运用牛顿第二定律和运动学公式结合求解匀加速运动的时间,关键要根据几何知识求出AC与AB的倾角和位移.二、多选题(每题4分共16分)9.如图所示,倾角为30°,重为80N的斜面体静止在水平面上.一根弹性轻杆一端垂直固定在斜面体上,杆的另一端固定一个重为2N的小球,小球处于静止状态时,下列说法正确的是()A.斜面有向左运动的趋势B.地面对斜面的支持力为82NC.球对弹性轻杆的作用力为2 N,方向竖直向下D.弹性轻杆对小球的作用力为2 N,方向垂直斜面向上【考点】共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.【分析】先对小球受力分析,根据平衡条件得到小球受到的弹力;再对整体受力分析,根据平衡条件得到整体受到的弹力情况.【解答】解:先对小球受力分析,受到重力和杆的作用力,小球一直处于静止状态,加速度为零,合力为零,故杆对球的力与球受到的重力二力平衡,故杆对球的力竖直向上,大小等于重力,为2N;杆对球的力与球对杆的力是相互作用力,等值、反向、共线;故球对杆的力竖直向下,等于2N,故C正确,D错误;再对斜面体、杆、球的整体受力分析,受重力和地面的支持力,不受静摩擦力(如果受静摩擦力,不能保持平衡),根据平衡条件,支持力等于总重力,为82N,故A错误,B正确;故选BC.【点评】本题关键灵活地选择研究对象,判断某个力有无时,可以根据力的性质、力的效果、牛顿第三定律进行判断,同时要注意分析受到的力.10.如图所示,从地面竖直上抛一物体A,同时在离地面某一高度处有一物体B开始自由下落,两物体在空中同时到达同一高度时速度大小均为v,则下列说法正确的是()A.A上抛的初速度与B落地时速度大小相等,都是2vB.两物体在空中运动的时间相等C.A上升的最大高度与B开始下落时的高度相同D.两物体在空中同时达到的同一高度处一定在B开始下落时高度的中点下方【考点】竖直上抛运动.【分析】竖直上抛运动看成向上的加速度为﹣g的匀减速直线运动处理,根据两物体在空中同时到达同一高度求出运动经过的时间,由运动学公式和竖直上抛运动的对称性分析求解.【解答】解:AB、设两物体从下落到相遇的时间为t,竖直上抛物体的初速度为v0,则由题有:gt=v0﹣gt=v 解得:v0=2v.根据竖直上抛运动的对称性可知,B自由落下到地面的速度为2v,在空中运动时间为:t B=,A竖直上抛物体在空中运动时间为:t A=2×.故A正确,B错误.C、物体A能上升的最大高度为:h A=,B开始下落的高度为:h B=g()2,显然两者相等.故C正确.D、两物体在空中同时达到同一高度时,A下降的高度为:h=gt2=.故D错误.故选:AC.【点评】本题涉及两个物体运动的问题,关键要分析两物体运动的关系,也可以根据竖直上抛运动的对称性理解.11.完全相同的两物体P、Q,质量均为m,叠放在一起置于水平面上,如图所示.现用两根等长的细线系在两物体上,在细线的结点处施加一水平拉力F,两物体始终保持静止状态,则下列说法正确的是(重力加速度为g)()A.物体P受到细线的拉力大小为FB.两物体间的摩擦力大小为C.物体Q对地面的压力等于2mgD.地面对Q的摩擦力为F【考点】共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.【分析】将F按照平行四边形定则进行分解,求出两根绳子上的拉力大小,以PQ整体为研究对象求物体Q对地面的压力大小.【解答】解:将F按照平行四边形定则进行分解,如图:设T1与水平方向夹角为θ,根据平衡条件:细线的拉力T=2Tcosθ=FA、得:T=,故A错误;B、以P为研究对象受力分析,根据平衡条件,水平方向:T2cosθ=f=cosθ=,故B正确;=2mg,根据牛顿第三C、以PQ整体为研究对象受力分析,根据平衡条件,竖直方向:N地定律则物体Q对地面的压力大小为2mg,故C正确;D、以PQ整体为研究对象受力分析,根据平衡条件,水平方向:f′=F,故D正确;故选:BCD【点评】整体法和隔离法是动力学问题常用的解题方法,整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法.在力学中,就是把几个物体视为一个整体,作为研究对象,受力分析时,只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力(外力),不考虑整体内部之间的相互作用力.12.如图所示,质量为10kg的物体A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端,弹簧的劲度系数为100N/m,此时弹簧伸长了5cm,物体A和车均处于静止状态.)则下列有关说法正确的是()A.物体A与车间的最大静摩擦力大小一定等于5NB.若让小车和物体一起以1m/s2的加速度向右运动,则物体受摩擦力方向向右,大小为5N C.若设法把小车下面的水平面突然撤去,让小车自由下落,则撤去水平面的瞬间,物体A 受两个力作用D.若设法把小车下面的水平面突然撤去,让小车自由下落,则撤去水平面的瞬间,物体A 的加速度大小为10m/s2【考点】共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.【分析】对物体受力分析,根据平衡求出静摩擦力的大小.当小车和物体一起做匀加速直线运动时,根据牛顿第二定律求出物体的合力,确定物体所受的摩擦力大小和方向.当小车自由下落时,A与小车之间没有支持力作用,则没有摩擦力.【解答】解:A、根据平衡,知A所受的静摩擦力f=kx=100×0.05N=5N,最大静摩擦力不一定等于5N.故A错误.=ma=10×B、若让小车和物体一起以1m/s2的加速度向右运动,则A所受的合力为F合1N=10N,因为弹力的大小为5N,则静摩擦力的大小为f=5N,方向水平向右.故B正确.C、若设法把小车下面的水平面突然撤去,让小车自由下落,A与小车间没有压力作用,则A受重力和弹簧的弹力两个力作用,瞬间A的合力,则加速度不等于0.5m/s2.故C正确,D错误.故选:BC【点评】本题考查了牛顿第二定律和共点力平衡的基本运用,知道做自由落体运动时,A处于完全失重状态,A与小车间无压力.三、实验题(共14分)13.在研究匀变速直线运动的实验中,如图所示为一次记录小车运动情况的纸带,图中A、B、C、D、E为相邻的计数点,相邻计数点间的时间间隔T=0.2s.(1)下列说法中正确的是BCA.长木板不能侧向倾斜,也不能一端高一端低B.在释放小车前,小车应停在靠近打点计时器处C.应先接通电源,待打点计时器开始打点后再释放小车D.实验开始前,必须平衡摩擦力(2)根据纸带可判定小车做匀加速直线运动,加速度大小为 3.15m/s2,D点速度的大小v D= 1.95m/s.【考点】探究小车速度随时间变化的规律.【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理,了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项.其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚;通过知道求出相邻的相等时间内的位移之差,判断是否相等来判断小车的运动.根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小,根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,可以求出打纸带上某点时小车的瞬时速度大小.【解答】解:(1)A、要绳子拉力等于小车所受的合外力,可以让重力沿斜面的分力平衡小车所受的滑动摩擦力,故应该适当垫高长木板固定有打点计时器的一端,故A错误;B、实验时,不能先放开小车,再接通打点计时器电源,由于小车运动较快,可能会使打出来的点很少,不利于数据的采集和处理,同时要求开始小车要靠近打点计时器,故BC正确;D、要在小车到达定滑轮前使小车停止运动,放在小车撞在滑轮上导致翻车,故D正确;(2)根据纸带提供的数据可知x BC﹣x AB=x CD﹣x BC=x DE﹣x CD=12.60 cm,知在相邻的相等时间间隔内的位移增量都相等,做匀加速直线运动.根据△x=a T2;解得:a= m/s2=3.15m/s2。

2021年高三10月份阶段性检测 物理 含答案

2021年高三10月份阶段性检测 物理 含答案

2021年高三10月份阶段性检测物理含答案本试题分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.第Ⅰ卷1至4页,第Ⅱ卷5至8页.满分100分,答题时间90分钟.答卷前,考生务必将自己的姓名、考号、考试科目填涂在试卷、答题卡规定的地方.第Ⅰ卷(选择题,共40分)注意事项:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净以后,再选涂其它答案标号.一、选择题:本大题包括8个小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,至少有一个选项是正确的,全选对得5分,对而不全得3分,有选错或不选均得0分.1. 关于物理学发展,下列表述正确的有A. 伽利略根据斜面实验的结果合理外推得出自由落体运动的位移与下落时间的平方成正比B. 伽利略科学思想方法的核心是把实验和逻辑推理和谐地结合起来,从而有力地推进了人类科学认识的发展C. 笛卡儿提出了三条运动定律D. 笛卡儿明确指出:如果运动中的物体没有受到力的作用,它将继续以同一速度沿同一直线运动2. 如图所示,物体、叠放在物体上,置于水平地面上,水平力作用于,使、、一起匀速运动,各接触面间摩擦力的情况是A. 对有向左的摩擦力B. 对有向左的摩擦力C. 物体受到三个摩擦力作用D. 对地面有向右的摩擦力3. 甲车以加速度由静止开始作匀加速直线运动,乙车落后在同一地点由静止出发,以加速度作加速直线运动,两车速度方向一致. 在乙车追上甲车之前,两车距离的最大值是A. 18mB. 24mC. 22mD. 28m4. 如图所示,甲、乙两车均在光滑的水平面上,质量都是,人的质量都是,甲车上人用力推车,乙车上的人用等大的力拉绳子(绳与轮的质量和摩擦均不计);人与车始终保持相对静止.下列说法正确的是A. 甲车的加速度大小为B. 甲车的加速度大小为0C. 乙车的加速度大小为D. 乙车的加速度大小为05. 如右图,水平轨道上有一楔形物体,其斜面上有一小物块,与平行于斜面的细绳的一端相连,细绳的另一端固定在斜面上.与之间光滑,和以共同速度在水平直轨道的光滑段向左滑行. 当它们刚运行至轨道的粗糙段时,下列说法中正确的是A. 绳的张力不变B. 绳的张力增加C. 对的正压力增加D. 地面对的支持力增加6. 从地面以大小为的初速度竖直向上抛出一个皮球,经过时间皮球落回地面,落地时皮球速度的大小为. 已知皮球在运动过程中受到空气阻力的大小与速度的大小成正比,重力加速度大小为. 下面给出时间的四个表达式中只有一个是合理的,你可能不会求解,但是你可以通过一定的物理分析,对下列表达式的合理性作出判断. 根据你的判断,的合理表达式最可能是A. B. C. D.7. 如图所示,时,质量为的物体从光滑斜面上的点由静止开始下滑,经过点后进入水平面(经过点前后速度大小不变),最后停在点. 每隔物体的瞬时速度记录在下表中,重力加速度,则下列说法中正确的是0 2 4 60 8 12 8A. 的时刻物体恰好经过点B. 的时刻物体恰好停在点C. 物体运动过程中的最大速度为D. 、间的距离小于、间的距离8. 在光滑水平面上,、两小球沿水平面相向运动. 当小球间距小于或等于时,受到大小相等、方向相反的相互排斥恒力作用,小球间距大于时,相互间的排斥力为零,小球在相互作用区间运动时始终未接触,两小球运动时速度随时间的变化关系图象如图所示,由图可知A. 球质量大于球质量B. 在时刻两小球间距最小C. 在时间内两小球间距逐渐减小D. 在时间内球所受排斥力方向始终与运动方面相反高三物理试题第Ⅱ卷(笔答题,共60分)注意事项:1. 第Ⅱ卷5至8页。

陕西省安康市2021届高三物理上学期阶段考试试题(含解析)

陕西省安康市2021届高三物理上学期阶段考试试题(含解析)

陕西省安康市2021届高三物理上学期阶段考试试题(含解析)一、选择题:本题共12小题,每小题4分。

在每小题给出的四个选项中,第1~8题只有一项符合题目要求,第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。

1.第19届亚洲运动会将于2022年9月10日~9月25日在中国杭州举行。

杭州是中国第三个取得夏季亚运会主办权的城市,图中的“莲花碗”是田径的主赛场,下列关于亚运会田径项目的叙述正确的是( )A. 研究短跑运动员终点撞线时可将运动员看成质点B. 在田径比赛中跑步运动员的比赛成绩是一个时间间隔C. 短跑运动员跑100m和200m都是指位移D. 高水平运动员400m比赛的平均速度有可能大于其他运动员200m比赛的平均速度【答案】B【解析】【详解】研究短跑运动员终点撞线时,其自身大小不能忽略,所以不可以看做质点,故A 错误;在田径比赛中跑步运动员的比赛成绩是个时间段,故是一个时间间隔,故B正确;短跑运动员跑200m时,不是一条直线,故200m是路程而不是位移,故C错误;400m比赛时位移为零,故平均速度为零,不可能大于200m时的平均速度,故D错误。

故选B。

2.一块石头从楼房阳台边缘向下做自由落体运动。

把它在空中运动的总时间分为相等的四段,如果它在第一段时间内的位移是1.5m,那么它在第四段时间内的位移是A. 1.5mB. 6. 0mC. 10. 5mD. 24m 【答案】C【解析】【分析】由题意可知考查初速度为零的匀加速直线运动规律,根据位移公式计算可得。

【详解】初速度为0的匀加速直线运动,相邻等时间间隔内的位移之比为1:3:5:7, 所以第4段时间内的位移为1.5m 710.5m ⨯=。

A.A 项与上述计算结果不相符,故A 错误; B.B 项与上述计算结果不相符,故B 错误; C.C 项与上述计算结果相符,故C 正确; D.D 项与上述计算结果不相符,故D 错误。

2021年高三上学期10月阶段性测试物理试题含答案

2021年高三上学期10月阶段性测试物理试题含答案

2021年高三上学期10月阶段性测试物理试题含答案2021年高三上学期10月阶段性测试物理试题含答案本试卷分第I 卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。

第I卷1至2页,第II卷3至6页。

满分100分。

考试用时90分钟。

第I卷(选择题共40分)注意事项:1.答第I卷前,考生务必将自己的姓名、考号、考试科目、试卷类型(A或B)用2B铅笔涂写在答题卡上。

考试结束,将答题卡和试题第II卷写在答题纸上一并交回。

2.每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。

不能答在试卷上。

一、本题包括10小题。

每小题4分,共40分。

每小题给出的四个选项中,第1-6题只有一项符合题目要求,第7-10题有多项符合题目要求,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。

1.汽车在平直公路上做刹车实验,若从t=0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系,如图所示,下列说法正确的是A.t=0时汽车的速度为10 m/sB. 刹车过程持续的时间为5s。

C.刹车过程经过3s的位移为7.5 mD.刹车过程汽车加速度大小为10 m/s2.如图所示,在水平桌面上叠放着木块P和Q,水平力F推动两个木块做匀速运动,下列说法中正确的是A.P受3个力,Q受3个力B.P受2个力,Q受4个力C.P受4个力,Q受6个力D.P受2个力,Q受5个力3.如图所示,一质量均匀的实心圆球被直径AB所在的平面一分为二,先后以AB沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上,处于静止状态,两半球间的作用力分别为和,已知支架间的距离为AB的一半,则为A. B. C. D.4.如图甲所示,斜面体静止在粗糙的水平地面上,斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑口现对小滑块施加一竖直向下的作用力F,如图乙所示口两种情景下斜面体均处于静止状态口则下列说法错误的是A.施加力F后,小滑块A受到的滑动摩擦力增大B.施加力F后,小滑块A仍以原速度匀速下滑C.施加力F后,地面对斜面体的支持力增大D.施加力F后,地面对斜面体的摩擦力增大5.如图所示,斜面放置于粗糙水平地面上,物块A通过跨过光滑定滑轮的轻质细绳与物块B连接,系统处于静止状态,现对B施加一水平力F使B缓慢地运动,使绳子偏离竖直方向一个角度(A与斜面均保持静止),在此过程中A.斜面对物块A的摩擦力一直增大B.绳对滑轮的作用力不变C.地面对斜面的摩擦力一直增大D.地面对斜面的支持力一直增大6.距地面高5m的水平直轨道A、B两点相距2m,在B点用细线悬挂一小球,离地高度为h,如图。

2021届陕西省安康市高三10月联考试题 物理 PDF版

2021届陕西省安康市高三10月联考试题 物理 PDF版

绝密★启用前2021届陕西省安康市高三10月联考试题物理本试卷共6页,全卷满分100分,考试时间90分钟。

考生注意:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。

回答非选择题时,将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题:本题共10小题,每小题4分。

在每小题给出的四个选项中,第1~6题只有一项符合题目要求,第7~10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。

1.已知3015P的半衰期为T=2.5min,则32g的3015P经过时间t的衰变后还剩2g的3015P,则t为A.2.5minB.5minC.7.5minD.10min2.如图所示为一个质点运动的位移一时间(x-t)图像,则关于质点在0-t0时间内的运动,下列说法正确的是A.速度先沿负方向后沿正方向B.速度一直沿负方向C.速度先增大后减小D.速度一直增大3.如图所示为修正带内部结构示意图,大、小齿轮啮合在一起,半径分别为1.2cm和0.3cm,a、b分别是大小齿轮边缘上的两点,当齿轮匀速转动时,a、b两点A.线速度大小之比为4:1B.角速度之比为1:1C.周期之比为1:4D.向心加速度大小之比为1:44.如图甲所示,带电小球A用绝缘细线悬挂于O点,细线的长为L,O处固定一带电的小球B ,由于库仑力的作用,细线与竖直方向的夹角θ=30°,这时A 球的带电量为q 1;如果将A 球的带电量改为q 2,且改变细线的长,使A 与B 在同一水平线上,这时细线与竖直方向的夹角也为θ=30°,如图乙所示,不计小球的大小,B 球的带电量保持不变,,则12q q 为A.15.一个小球在倾角为θ=30°的固定斜面顶端以大小为v 0的初速度水平拋出,小球落在斜面上,增大抛出的初速度后,小球落在水平面上,前后两次平抛运动所用的时间之比为1,重力加速度为g ,则斜面的长度为A.2083v gB.20163v gC.204v gD.208v g6.一个质点做匀变速直线运动,依次经过a 、b 、c 、d 四点。

【物理】陕西省安康市2021届高三上学期10月联考试题(解析版)

【物理】陕西省安康市2021届高三上学期10月联考试题(解析版)
陕西省安康市2021届高三上学期10月联考试题
一、选择题:本题共10小题,每小题4分。在每小题给出的四个选项中,第1~6题只有一项符合题目要求,第7~10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。
1. 已知 P的半衰期为 ,则32g的 P经过时间t的衰变后还剩2g的 P,则t为( )
前4s内汽车的牵引力为
由牛顿第二定律
可得
4s末汽车的速度
所以汽车的最大功率
故AB正确,C错误;
D.汽车在前4s内的位移
汽车在 内的位移设为x2,则
其中
解得
所以汽车的总位移
故D错误。
故选AB。
10. 矩形ABCD区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场,AB=2d, ,E为AB中点。从E点沿垂直AB方向射入粒子a,粒子a经磁场偏转后从D点出磁场,若仍从E点沿垂直AB方向射入粒子b,粒子经磁场偏转后从B点出磁场,已知a、b粒子的质量相等,电荷量相等,不计粒子的重力,则( )
解得
D正确。
故选AD。
9. 一辆汽车由静止开始沿平直公路行驶,汽车所受牵引力F随时间t变化关系图线如图所示。若汽车的质量为1.2×103kg,阻力恒定,汽车的最大功率恒定,则以下说法正确的是( )
A. 汽车的最大功率为5×104W
B. 汽车匀加速运动阶段的加速度为2.5m/s2
C. 汽车先做匀加速运动,然后再做匀速直线运动
A. B. C. D.
【答案】C
【详解】设斜面高度为h,斜面长度为L,小球第一次运动的时间为t,则第二次运动的时间为 。
第一次小球下降的高度为
第一次小球沿水平方向的位移为
由几何关系有
联立解得
第二次时
由于第二次落在水平面上,则斜面高度为

2021年高三上学期质检物理试题(10月份)含解析

2021年高三上学期质检物理试题(10月份)含解析

2021年高三上学期质检物理试题(10月份)含解析一、选择题(本题共10小题.每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分.)1.(4分)(xx秋•菏泽期中)关于物理学家及其发现说法正确的是()A.牛顿通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出了行星运动的三大定律B.开普勒发现了万有引力定律C.伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法,得出忽略空气阻力时,重物与轻物下落得同样快D.第一次精确测量出万有引力常量的物理学家是卡文迪许考点:万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定;物理学史.分析:根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可.解答:解:A、开普勒通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律,故A错误;B、牛顿总结出运动定律和万有引力定律,建立完整的经典力学体系,故B错误;C、伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法,得出忽略空气阻力时,重物与轻物下落得同样快,故C正确;D、卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量,故D正确;故选:CD.点评:本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一.2.(4分)(xx秋•市中区校级期中)a、b两车在同一直线上同方向运动,b车出发开始计时,两车运动的v﹣t,图象如图所示,在15s末两车在途中相遇,由图可知()A.a车的速度变化比b车慢B.b车出发时a车在b车之前75m处C.b车出发时b车在a车之前150m处D.相遇前a、b两车的最远距离为150m考点:匀变速直线运动的图像.专题:运动学中的图像专题.分析:速度图象的斜率等于加速度,由数学知识比较甲、乙的加速度大小.“面积”等于位移,求出15s末两物体的位移,此时两者相遇,则出发前甲乙相距的距离等于15s末位移之差.根据两物体的关系,分析它们之间距离的变化,求解相遇前两质点的最远距离.解答:解:A、由图看出,a的斜率小于b的斜率,则a的加速度小于b的加速度,所以a车的速度变化比b车慢.故A正确.BCD、15s末a、b通过的位移分别为:x a=×10×15m=75m,x b=×15×30m=225m,由题,15秒末两质点在途中相遇,则说明出发前a在b之前150m处.由于出发前a在b之前150m处,出发后a的速度一直大于b的速度,则两质点间距离不断缩短,所以相遇前甲乙两质点的最远距离为150m.故D正确,BC错误.故选:AD.点评:本题考查速度图象两个基本的意义:斜率等于加速度、“面积”等于位移,并根据速度和位置的关系求解两质点最远距离.3.(4分)(xx秋•菏泽期中)如图所示,将一质量为m的小球从空中O点以速度v0水平抛山,飞行一段时间后,小球经过P点时动能E k=5mv,不计空气阻力,则小球从O到P()A.下落的高度为B.经过的时间为C.运动方向改变的角度为arctanD.速度增量为3v0,方向竖直向下考点:平抛运动.专题:平抛运动专题.分析:A、结合P点的动能求出P点竖直方向上的分速度,结合速度位移公式求出小球从O点到P点下落的高度;B、根据动能的改变量为重力做功增加量,求出下落的高度,根据自由落体的位移时间公式求出时间;C、根据平行四边形定则求出运动方向改变的角度;D、速度的增量为加速度与时间的乘积,直接计算出结果.解答:解:AD、小球在P点的动能:,解得:v y=3v0;O和P点的高度差:;故选项A错误,D正确;B、经过的时间满足竖直方向上的位移时间公式:,代入h解得:;故选项B正确;C、设运动方向改变的角度为θ,知P点的速度方向与水平方向的夹角为θ,则:,解得θ=arctan3,故选项C错误;故选:BD.点评:解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,结合平行四边形定则,抓住等时性,运用运动学公式灵活求解.4.(4分)(xx•淳安县校级模拟)如图所示,用一轻绳将光滑小球P系于竖直墙壁上的O点,在墙壁和球P之间夹有一长方体物块Q,P、Q均处于静止状态,现有一铅笔紧贴墙壁从O 点开始缓慢下移,则在铅笔缓慢下移的过程中()A.细绳的拉力逐渐变小B.Q受到墙壁的弹力逐渐变大C.Q受到墙壁的摩擦力逐渐变大D.Q将从墙壁和小球之间滑落考点:共点力平衡的条件及其应用;物体的弹性和弹力.专题:共点力作用下物体平衡专题.分析:分别对P、Q受力分析,通过P、Q处于平衡判断各力的变化.解答:解:A、对P分析,P受到重力、拉力和Q对P的弹力处于平衡,设拉力与竖直方向的夹角为θ,根据共点力平衡有:拉力F=,Q对P的支持力N=mgtanθ.铅笔缓慢下移的过程中,θ增大,则拉力F增大,Q对P的支持力增大.故A错误.B、C、D、对Q分析知,在水平方向上P对A的压力增大,则墙壁对Q的弹力增大,在竖直方向上重力与摩擦力相等,所以A受到的摩擦力不变,Q不会从墙壁和小球之间滑落.故B正确,C、D错误.故选:B.点评:本题关键是能够灵活地选择研究对象进行受力分析,根据平衡条件列方程求解.5.(4分)(xx春•城厢区校级期中)质量为m=2kg的物体沿水平面向右做直线运动,t=0时刻受到一个水平向左的恒力F,如图甲所示,此后物体的v﹣t图象如图乙所示,取水平向右为正方向,g=10m/s2,则()A.物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.5B.10s末恒力F的瞬时功率为6WC.10s末物体在计时起点右侧2m处D.10s内物体克服摩擦力做功34J考点:功率、平均功率和瞬时功率.专题:功的计算专题.分析:由v﹣t图分别求得由力F和没有力F作用时的加速度,对两段时间分别运用牛顿第二定律列式后联立求解;设10s末物体离起点点的距离为d,d应为v﹣t图与横轴所围的上下两块面积之差,根据功的公式求出克服摩擦力做功.解答:解:A、设物体向右做匀减速直线运动的加速度为a1,则由v﹣t图得:加速度大小a1=2 m/s2方向与初速度方向相反①设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a2,则由v﹣t图得:加速度大小a2=1m/s2方向与初速度方向相反②根据牛顿第二定律,有F+μmg=ma1③F﹣μmg=ma2④解①②③④得:F=3Nμ=0.05,故A错误.B、10s末恒力F的瞬时功率P=Fv=3×6W=18W.故B错误.C、根据v﹣t图与横轴所围的面积表示位移得:x=m=﹣2m,负号表示物体在起点以左.故C错误.D、10s内克服摩擦力做功J=34J.故D正确.故选:D.点评:本题关键先根据运动情况求解加速度,确定受力情况后求解出动摩擦因数,根据v﹣t 图与横轴所围的面积表示位移求解位移6.(4分)(xx秋•潍坊校级期中)2007年10月24日,我国发射了第一颗探月卫星“嫦娥一号”使“嫦娥奔月”的神话变为现实.嫦娥一号发射后先绕地球做圆周运动,经多次变轨,最终进入距月球表面h=200km的圆形工作轨道,进行科学探测,已知月球半径为R,月球表面的重力加速度为g,万有引力常量为G,则下列说法正确的是()A.由题目条件可知月球密度为B.在嫦娥一号工作轨道处的重力加速度为()2gC.嫦娥一号绕月球运行的周期为2πD.嫦娥一号在工作轨道上的绕行速度为考点:万有引力定律及其应用.专题:万有引力定律的应用专题.分析:根据万有引力提供向心力,推导出线速度和角速度及周期的公式,得出选项.解答:解:CD、根据万有引力提供向心力,即:,解得;,嫦娥一号的轨道半径为r=R+h,结合黄金代换公式:GM=gR2,代入线速度和周期公式得:,,故CD错误;A、由黄金代换公式得中心天体的质量,月球的体积,则月球的密度,故A正确;B、月球表面万有引力等于重力,则,得:,故B正确;故选:AB点评:本题关键根据卫星的万有引力等于向心力,以及星球表面重力等于万有引力列两个方程求解.7.(4分)(2011•长沙模拟)如图所示,内壁光滑的圆锥筒的轴线垂直于水平面,圆锥筒固定不动,两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在如图所示的水平面内做匀速圆周运动,则()A.球A的线速度一定大于球B的线速度B.球A的角速度一定大于球B的角速度C.球A的向心加速度一定大于球B的向心加速度D.球A对筒壁的压力一定大于球B对筒壁的压力考点:牛顿第二定律;向心力.专题:牛顿第二定律在圆周运动中的应用.分析:小球受重力和支持力,靠重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力,根据F=ma=m合比较线速度、角速度、向心加速度的大小.解答:解:A、两球所受的重力大小相等,支持力方向相同,根据力的合成,知两支持力大小、合力大小相等.根据得,v=,合力、质量相等,r大线速度大,所以球A的线速度大于球B的线速度.故A正确,D错误.B、根据,得ω=,r大角速度小.所以球A的角速度小于球B的角速度.故B错误.C、根据F合=ma,知向心加速度相等.故C错误.故选:A.点评:解决本题的关键知道小球做匀速圆周运动,靠重力和支持力的合力提供向心力.会通过F合=ma=m比较线速度、角速度、向心加速度的大小.8.(4分)(xx秋•潍坊校级期中)2010年10月1日,“嫦娥二号”卫星由运载火箭直接送入地月转移轨道,当卫星到达月球附近的特定位置时,经过制动最后稳定在距月球表面100公里的圆形工作轨道上(可以看做近月球卫星).2011年4月,“嫦娥二号”完成设计使命后,开始超期服役,并飞离月球轨道,2013年2月28日,“嫦娥二号”卫星与地球间距离成功突破xx 万公里,成了太阳的卫星,沿着地球轨道的内侧轨道围绕太阳运行.则()A.“嫦娥二号”的发射速度一定大于11.2km/sB.只要测出“嫦娥二号”卫星绕月运行的周期就能估算出月球的密度C.“嫦娥二号”围绕太阳运行过程中,它与太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等D.“嫦娥二号”在奔月过程中,所受的万有引力一直减小考点:人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.专题:人造卫星问题.分析:地球卫星的发射速度不能大于第二宇宙速度.根据万有引力提供向心力,解出月球的质量,再根据密度的定义计算月球的密度.“嫦娥二号”在奔月过程中,受的万有引力先减小后增大.根据开普勒第二定律,“嫦娥二号”围线太阳运行过程中,它与太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等.解答:解:A、“嫦娥二号”的发射速度大于11.2 km/s,将脱离地球束缚,绕太阳运动,故A 错误.B、根据题意可知,该卫星为近月卫星,根据万有引力提供向心力,得:,所以月球的密度为:,所以只要测出卫星的周期就可以估算出月球的密度.故B正确.C、根据开普勒第二定律,“嫦娥二号”围线太阳运行过程中,它与太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等,故C正确.D、“嫦娥二号”在奔月过程中,受到的地球的引力越来越小,受到月球的引力越来越大,故卫星受的万有引力先减小后增大,故D错误.故选:BC.点评:本题要掌握根据万有引力提供向心力,列出等式求出中心体的质量,在根据密度定义式求解.向心力的公式需根据题目所求解的物理量列出.9.(4分)(xx秋•菏泽期中)如图所示,质量为M=2kg的薄壁细圆管竖直放置,圆管内部光滑,圆半径比细管的内径大得多.已知圆的半径R=0.4m,一质量m=0.5kg的小球,在管内最低点A的速度大小为2m/s,取10m/s2,则以下说法正确的是()A.小球恰能做完整的圆周运动B.小球沿圆轨道上升的最大高度为0.6mC.圆管对地的最大压力为20ND.圆管对地的最大压力等于40N考点:向心力.专题:匀速圆周运动专题.分析:小球运动过程中,只有重力做功,机械能守恒,根据机械能守恒定律求出小球沿圆轨道上升的最大高度,判断能不能上升到最高点,在最低点时,球对圆管的压力最大,此时圆管对地的压力最大,根据向心力公式和平衡条件列式求解.解答:解:A、小球运动过程中,只有重力做功,机械能守恒,根据机械能守恒定律得:0﹣解得:h=,不能上升到最高点,故A错误,B正确;C、在最低点时,球对圆管的压力最大,此时圆管对地的压力最大,根据向心力公式得:N﹣mg=m解得:N=5+0.5×,根据牛顿第三定律得:球对圆管的压力为N′=N=20N则圆管对地的最大压力为:F N=N+Mg=20+20=40N,故C错误,D正确.故选:BD点评:本题主要考查了机械能守恒定律和向心力公式公式的直接应用,知道在最低点时,球对圆管的压力最大,此时圆管对地的压力最大,难度适中.10.(4分)(xx•甘肃一模)测速仪安装有超声波发射和接收装置,如图所示,B为测速仪,A为汽车,两者相距335m,某时刻B发出超声波,同时A由静止开始作匀加速直线运动.当B接收到反射回来的超声波信号时,AB相距355m,已知声速为340m/s,则汽车的加速度大小为()A.20m/s2B.10m/s2C.5m/s2D.无法确定考点:匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题:直线运动规律专题.分析:在超声波来回运动的时间里,汽车运行的位移为20m.根据匀变速运动的位移时间公式可求出汽车在超声波单程运行时间里的位移,结合超声波的速度,即可知道超声波单程运行的时间,从而知道汽车运行的时间,根据,求出汽车的加速度大小.解答:解:设汽车的加速度为a,运动的时间为t,有,超声波来回的时间为t,则单程的时间为,因为初速度为零的匀加速直线运动,在相等时间内的位移之比为1:3,在t时间内的位移为20m,则时间内的位移为x′=5m,知超声波追上汽车的位移x=5+335m=340m,所以,t=2s.所以汽车的加速度大小为10m/s2.故B正确,A、C、D错误.故选:B.点评:解决本题的关键求出超声波单程运行的位移从而求出单程运行的时间,即可知道汽车匀加速运动的时间,然后根据匀变速运动的位移公式求出汽车的加速度.二、本题3小题,共18分.把答案填到答题卡规定位置处.11.(6分)(xx秋•潍坊校级期中)如图所示,某同学在一次实验中用打点计时器打出一条纸带,其中A、B、C、D、E、F是打点计时器连续打出的6个点(其中F点没画出),利用纸带旁边的刻度尺读出数据,并同答下列问题:根据图示情况,AB间距离为 1.00cm,物体在纸带打山E点时的瞬时速度为 1.20m/s,由此纸带可求出物体运动的加速度为10.00m/s2.考点:测定匀变速直线运动的加速度.专题:实验题.分析:刻度尺为毫米刻度尺,需要进行估读,故在读数时应保留到十分之一毫米位;根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度求出E点速度,应用运动学公式推论△x=at2求出加速度;解答:解:毫米刻度尺测量长度,要求估读即读到最小刻度的下一位,AB之间的距离为:1.00cm.ABCDE是打点计时器连续打出的点,因此计数点之间的时间间隔为:T=0.02s;根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度求出D点速度为:v D== m/s=1.00m/s 应用运动学公式推论△x=aT2得:x4﹣x2=2aTx3﹣x1=2aT所以:a=== m/s2=10.00m/s2;E点的速度:v E=v D+aT=1.00+10×0.02=1.20m/s故答案为:1.00,1.20,10.00;点评:知道毫米刻度尺读数时要进行估读,要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力,在平时练习中要加强基础知识的理解与应用,要注意单位的换算.12.(6分)(xx秋•潍坊校级期中)用如图1所示的装置探究“加速度与物体受力的关系”.小车所受拉力及其速度可分别由拉力传感器和速度传感器记录.(1)实验主要步骤如下:A.速度传感器安装在长小板的A、B两点一测出两点间的距离L.B.将拉力传感器固定在小车上;C.平衡摩擦力,让小车在没有拉力作用时能做匀速运动;D.把细线的一端固定在拉力传感器上,另一端通过定滑轮与轻质小盘(盘中放置砝码)相连;E.接通电源后从C点释放小车,小车在细线拉力下运动,记录细线拉力F的大小及小车到达A、B时的速率v A、v B;F.改变小盘中砝码的数量,重复E的操作.由以上实验可得山加速度的表达式a=.为减小实验误差两速度传感器间的距离L应适当大些(“大些”或“小些”)(2)现己得出理论上的a﹣F图线,某同学又用描点法根据实验所得数据,在坐标纸上作出了由实验测得的a﹣F图线(图2).对比实验结果与理论计算得到的两个关系图线,偏差的主要原因是没有完全平衡摩擦力.考点:探究加速度与物体质量、物体受力的关系.专题:实验题.分析:根据运动学公式中速度和位移的关系可以写出正确的表达式;对比实际与理论图象可知,有外力时还没有加速度,由此可得出产生偏差原因.解答:解:(1)根据匀变速直线运动的位移与速度公式:,解得:a=.两速度传感器间的距离L越大,A、B的速度差值越大,误差越小.(2)a﹣F图线如图所示,对比图象可知,实际图象没有过原点而是和横坐标有交点,造成原因为没有完全平衡摩擦力.故答案为:(1),大些;(2)没有完全平衡摩擦力.点评:明确实验原理,正确进行误差分析和数据处理是对学生学习实验的基本要求,要加强这方面的训练.13.(6分)(xx秋•菏泽期中)利用图(a)实验可粗略测量人吹气时对小球的作用力F.两端开口的细玻璃管水平放置,管内放有小球,实验者从玻璃管的一端A吹气,小球从另一端B飞出,测得玻璃管口距地面高度h,小球质量m,开始时球静止的位置到管口B的距离x,落地点C到管口B的水平距离l.然后多次改变x,测出对应的l,画出l2﹣x关系图线如图(b)所示,由图象得出图线的斜率为k.重力加速度为g.(1)不计小球在空中运动时的空气阻力,根据以上测得的物理量可得,小球从B端飞出的速度v0=.(2)若实验者吹气时对小球的水平作用力恒定,不计小球与管壁的摩擦,吹气时对小球作用力F=.考点:动能定理;平抛运动.专题:动能定理的应用专题.分析:棉球从B端飞出做平抛运动,可以根据平抛运动的基本公式解出速度v0;根据动能定理结合图象斜率可得F大小.解答:解:(1)棉球从B端飞出做平抛运动,根据平抛运动的基本公式得:l=v0t,h=解得:v0=(2)根据动能定理可得:Fx=故:Fx==又:故:F=故答案为:点评:该题考查了平抛运动的基本规律,要求同学们学会熟练运用动能定理解题,比较简洁、方便,本题难度不大.三、本大题4小题,共42分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.14.(8分)(xx秋•菏泽期中)如图所示,质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处,A、B 间距L=20m.用大小为30N水平向右的恒力F拉物体,经t=2s拉至B处.(取g=10m/s2)(1)求物体与地面间的动摩擦因数μ;(2)若用此恒力F作用在该物体上一段距离,只要使物体能从A处运动到B处即可,则有力F作用的最小距离多大.考点:牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题:牛顿运动定律综合专题.分析:(1)物体在水平地面上从A向B点做匀加速运动,根据位移时间公式求得加速度,根据牛顿第二定律求解动摩擦因数;(2)当力作用的时间最短时,物体应该是先加速运动,运动一段时间之后撤去拉力F 在做减速运动,由运动的规律可以求得时间的大小,进而求位移大小.解答:解:(1)物体做匀加速直线运动,则有:所以有:a===10m/s2,由牛顿第二定律得:F﹣f=ma知:f=F﹣ma=30N﹣2×10N=10N,又f=μmg,解得:μ=0.5(2)设力F作用最短时间为t1,有:a1=a=10m/s2,=L联立以上各式,代入数据,解得:t1=最短距离为:x1===6.67m答:(1)物体与地面间的动摩擦因数为0.5;(2)有力F作用的最小距离为6.67m.点评:本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的直接应用,要求同学们能正确进行受力分析,抓住位移之间的关系求解,难度适中.15.(10分)(xx秋•菏泽期中)高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶,甲车在前,乙车在后,速度均为v0=30m/s,相距s0=100m.t=0时刻甲车遇到紧急情况,之后甲、乙两车的加速度随时间变化的关系分别如图甲、乙所示,以初速度方向为正方向,求:(1)两车在0﹣9s内何时相距最近;(2)最近距离多大.考点:匀变速直线运动的位移与时间的关系;匀变速直线运动的速度与时间的关系.专题:直线运动规律专题.分析:根据图象判定甲和乙的运动性质根据甲乙运动性质和甲乙开始时的距离,有运动学分析甲乙两车在0﹣9s内何时相距最近以及最近的距离.解答:解:(1)由图象知,甲车前3s做匀减速运动,乙车做匀速直线运动,3s末甲车速度为0,此过程乙的速度大于甲的速度,故两者距离减小,接着甲开始做匀加速运动而乙做匀减速运动,两车距离进一步减小,当甲乙两车速度相等时两车相距最近,所以有前3s甲车的位移为:x甲1=t=×3m=45m,乙车的位移为:x乙1=v0t=30×3m=90m3s后甲车做匀加速直线运动,乙车做匀减速直线运动,当两车速度相等时两车相距最近.两车速度相等时的时间为:a甲2t2=v0+a乙t2代入甲乙的加速度和乙车的初速度v0可解得当两车速度相等时所经历的时间为:t2===3s故6s时刻两车最近.(2)所以此过程中甲的位移为:x甲2=t2=×3m=22.5m,乙的位移:x乙2=v0t2+a乙t22=30×3+×(﹣5)×32m=67.5m所以此时甲乙相距的最近距离为:△x=x甲1+x甲2+s0﹣(x乙1+x乙2)=45+22.5+100﹣(90+67.5)m=10m答:(1)两车在0~9s内6s末相距最近;(2)最近距离是10m.点评:能正确的读懂图象,并能根据图象所反映的物体运动规律进行求解.能抓住两车相距最近时的临界条件是两车速度相等.16.(12分)(xx秋•菏泽期中)如图所示,各面均光滑的斜面体静止在水平地面上,斜面体倾角α=37°,某时刻质量m=1kg的小滑块无初速放在斜面上,同时斜面体受到水平向右的推力F作用,滑块恰好相对斜面静止,一起运动2.4m后斜面体下端A碰到障碍物,斜面体速度立即变为零,已知滑块刚放上斜面体时距地高度h=1.8m,斜面体质量M=3kg,(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2)求:(1)推力F的大小(2)滑块落点的斜面底端A的距离.考点:牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题:牛顿运动定律综合专题.分析:从整体与隔离两角度对研究对象进行受力分析,结合牛顿第二定律可求推力F;根据匀变速运动公式判断滑块落点在水平面上,从而求出落点的距离.解答:解:设斜面对滑块的弹力为N,取滑块为研究对象,加速度为a,则有:Nsin37°=ma Ncos37°=mg解得:a=7.5m/s2对整体由牛顿第二定律:F=(M+m)a代入数据解得:F=30N(2)斜面体停止运动时滑块速度大小为v,根据匀变速运动公式:v2=2ax1假设滑块落到水平面上,则水平位移为:x2=vt2代入数据解得:x2=3.6m释放点到斜面底端的水平长度为:L=hcot37°==2.4m因x2=3.6m>L,故落点在水平地面上,落点到底端A的距离为:△x=x2﹣L=3.6﹣2.4=1.2m答:(1)推力F的大小为30N;(2)滑块落点的斜面底端A的距离1.2m.点评:从整体与隔离两角度对研究对象进行受力分析,同时掌握运用牛顿第二定律解题方法,利用匀变速运动公式联立方程..17.(12分)(xx秋•菏泽期中)如图所示,半径为R的光滑半圆形轨道ABC在竖直平面内,与水平轨道CD相切于C点,Q点到C点的距离为2R.质量为m的滑块(视为质点)从轨道上的P点由静止滑下,刚好能运动到Q点.若从Q点开始对滑块施加水平向右的推力F,推至C点时撤去力F,此滑块刚好能通过半圆轨道的最高点A.已知∠POC=60°,求:(1)滑块第一次滑至半圆形轨道最低点C时对轨道的压力;(2)滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ;(3)推力F的大小.考点:动能定理;向心力.专题:动能定理的应用专题.。

解析陕西省安康市长兴学校2021年高三上学期月考物理试卷10月份

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一、选择题(共12小题,每小题4分,满分48分)1.如图所示为某质点做直线运动的v﹣t图象,关于这个质点在4s内的运动情况,下列说法中正确的是( )A.质点始终向同一方向运动B.4s末质点离出发点最远C.加速度大小不变,方向与初速度方向相同D.4s内通过的路程为4m,而位移为02.下列关于重力、弹力和摩擦力的说法,正确的有()A.在弹力范围内,同一弹簧形变量越大,产生的弹力越大B.只有静止的物体才能受到静摩擦力C.规则几何体的重心一定在物体的几何中心D.摩擦力一定与接触面间的弹力成正比3.一茶杯放在桌面上,下列关于茶杯和桌面受力的论述中,正确的是()A.茶杯和桌面之间有弹力作用,其原因是桌面发生了形变,茶杯并未发生形变B.桌面受到向下的弹力,是由于桌面发生了形变C.桌面受到向下的弹力,是由于茶杯发生了形变D.茶杯受到向上的弹力,是由于茶杯发生了形变4.如图所示,在倾角为30°的斜面上有一物块,被平行于斜面的恒力F推着静止在斜面上,则物块受到的摩擦力()A.一定向上 B.一定向下 C.可能为零D.一定等于F5.如图所示,轻绳下端拴接一小球,上端固定在天花板上.用外力F将小球沿圆弧从图中实线位置缓慢拉到虚线位置,F始终沿轨迹切线方向,轻绳中的拉力为T.则( )A.F保持不变,T逐渐增大B.F逐渐减小,T逐渐增大C.F逐渐增大,T逐渐减小D.F与T的合力逐渐增大6.如图所示绘出了轮胎与地面间的动摩擦因数分别为μ1和μ2时,紧急刹车时的刹车痕(即刹车距离s)与刹车前车速v 的关系曲线,则μ1和μ2的大小关系为()A.μ1<μ2B.μ1=μ2C.μ1>μ2ﻩD.条件不足,不能比较7.如图所示,一个小球用细绳拴在天花板上并且静止在光滑斜面上,下列说法中的正确是( )A.细绳对小球无弹力作用B.斜面对小球的弹力方向垂直于水平面向上C.小球对斜面弹力方向垂直于斜面向下D.小球所受的重力方向垂直于斜面向下8.如图所示,在光滑的水平面上有一质量为M、倾角为θ的光滑斜面体,斜面上有一质量为m的物块沿斜面下滑.关于物块下滑过程中对斜面压力大小的解答,有如下四个表达式.要判断这四个表达式是否合理,你可以不必进行复杂的计算,而是根据所学的物理知识和物理方法进行分析,从而判断解的合理性.根据你的判断,下述表达式中可能正确的是( )A.ﻩB.C.ﻩD.9.A、B两物体的质量关系是m A>m B,让它们从同一高度同时开始下落,运动过程中它们受到的阻力大小相等,则()A.两物体同时到达地面B.物体A先到达地面C.两物体下落过程中加速度大小相等D.物体A下落的加速度大于物体B下落的加速度10.如图所示,叠放、静止在水平地面上的两个物体a、b,在水平拉力F的作用下,物体a、b仍保持静止,则()A.物体b受4个力的作用,其中有两个重力B.物体b受5个力的作用,两个物体间没有摩擦力作用C.物体b受5个力的作用,两个物体间有摩擦力作用D.物体a只受重力和物体b的支持力,这是一对平衡力11.如图所示,在水平力F作用下,A、B保持静止.若A与B的接触面是水平的,且F≠0,则B的受力个数可能为( )A.3个B.4个C.5个 D.6个12.如图所示,A、B两物体静止在粗糙水平面上,其间用一根轻弹簧相连,弹簧的长度大于原长.若再用一个从零开始缓慢增大的水平力F向右拉物体B,直到A即将移动,此过程中,地面对B的摩擦力f1和对A 的摩擦力f2的变化情况()A.f1先变小后变大再不变ﻩB.f1先不变后变大再变小C.f2先变大后不变D.f2先不变后变大二、实验题(2小题,共15分)13.某同学用图1所示的实验装置研究小车在斜面上的运动.实验步骤如下:a.安装好实验器材.b.接通电源后,让拖着纸带的小车沿平板斜面向下运动,重复几次.选出一条点迹比较清晰的纸带,舍去开始密集的点迹,从便于测量的点开始,每两个打点间隔取一个计数点,如图2甲中0、1、2…6点所示.c.测量1、2、3…6计数点到0计数点的距离,分别记作:x1、x2、x3…x6.d.通过测量和计算,该同学判断出小车沿平板做匀加速直线运动.结合上述实验步骤,请你完成下列任务:(1)实验中,除打点计时器(含纸带、复写纸)、小车、平板、铁架台、导线及开关外,在下面的仪器和器材中,必须使用的有__________.A.电压合适的50Hz交流电源 B.电压可调的直流电源C.刻度尺D.秒表 E.天平 F.重锤(2)将最小刻度为1mm的刻度尺的0刻线与0计数点对齐,0、1、2、5计数点所在位置如图2乙所示,则:x2=__________cm,x5=__________cm,小车的加速度大小为__________m/s2,打点“1”时的瞬时速度V1=__________m/s.14.为测定木块与桌面之间的动摩擦因数,小亮设计了如图所示的装置进行实验.实验中,当木块A位于水平桌面上的O点时,重物B刚好接触地面.将A拉到P点,待B稳定后静止释放,A最终滑到Q点.分别测量OP、OQ的长度h和s.改变h,重复上述实验,分别记录几组实验数据.(1)实验开始时,发现A释放后会撞到滑轮.请提出两个解决方法.(2)请根据下表的实验数据作出s﹣h关系的图象.h/cm20.030.040. 050.060.0s/cm19.528.539.048.056.5(3)实验测得A、B的质量分别为m=0.4kg、M=0.50kg.根据s﹣h图象可计算出A木块与桌面间的动摩擦因数μ=__________.(结果保留一位有效数字)(4)实验中,滑轮轴的摩擦会导致μ的测量结果__________(选填“偏大”或“偏小”).三、计算题(共3小题,37分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的验算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)15.某教室窗高2m,一同学在楼顶上由静止释放一小石子,已知,小石子经过该教室窗子的时间为0.2s,g=10m/s2.不计空气阻力,则:(1)石子经过窗子的平均速度是多少?(2)楼顶距此窗下窗台多高.16.(13分)甲、乙两车同时同向从同一地点出发,甲车以v1=16m/s的初速度,a1=2m/s2的加速度做匀减速直线运动,乙车以v2=4m/s的初速度,a2=1m/s2的加速度做匀加速直线运动,求两车再次相遇前两车相距最大距离和再次相遇时两车运动的时间.17.(14分)如图所示A、B两物体用不可伸长细绳连接,在拉力F的作用下一起在水平地面上运动,两物体与地面间的动摩擦因数均为μ=0.5,细绳与水平地面的夹角θ=37°,其中m A=4kg、mB=2kg.(1)当拉力F=60N时,求两物体的加速度和两物体间细绳的拉力;(2)要使B物体不离开地面,两物体一起运动的最大加速度多大?一、选择题(共12小题,每小题4分,满分48分)1.如图所示为某质点做直线运动的v﹣t图象,关于这个质点在4s内的运动情况,下列说法中正确的是( )A.质点始终向同一方向运动B.4s末质点离出发点最远C.加速度大小不变,方向与初速度方向相同D.4s内通过的路程为4m,而位移为0【考点】匀变速直线运动的图像.【专题】运动学中的图像专题.【分析】正确理解v﹣t图象的物理意义,从图象上能得出物体加速度、速度、位移、路程等物理量的变化情况,注意速度的正负表示运动方向,斜率的大小表示物体运动的加速度.【解答】解:图象的斜率不变,因此物体做匀变速直线运动,开始时速度方向与加速度方向相反,物体减速运动,t=2s时,物体速度减为零,然后物体反向加速运动,t=4s时,回到起始点,由图可知物体所经历的路程为:,位移为零,故ABC错误,D正确.故选D.【点评】正确理解v﹣t图象的物理意义,不能单凭感觉理解,如本题中图象为直线,很容易误认为物体做单项直线运动.2.下列关于重力、弹力和摩擦力的说法,正确的有( )A.在弹力范围内,同一弹簧形变量越大,产生的弹力越大B.只有静止的物体才能受到静摩擦力C.规则几何体的重心一定在物体的几何中心D.摩擦力一定与接触面间的弹力成正比【考点】重力;摩擦力的判断与计算;物体的弹性和弹力.【专题】受力分析方法专题.【分析】在弹性限度范围内,F=kx,其中F为弹力大小,x为伸长量或压缩量,k为弹簧的劲度系数;动摩擦因数与接触面的粗糙程度有关,与物体之间的压力、滑动摩擦力无关;重心不一定在物体的几何中心上,只有质量分布均匀,形状规则的物体,重心才在其几何重心;静摩擦力的大小与正压力无直接关系.【解答】解:A、根据胡克定律F=kx,x为伸长量或压缩量,k为弹簧的劲度系数,可知:在弹力范围内,同一弹簧形变量越大,产生的弹力越大,故A正确;B、静摩擦力存在于两个相对静止又有相对运动趋势的物体之间,物体不一定静止,故B错误;C、重心不一定在物体的几何中心上,只有质量分布均匀,形状规则的物体,重心才在其几何中心,故C错误;D、静摩擦力的大小与正压力无直接关系,故D错误.故选:A.【点评】本题考查三种性质力的产生原因及大小、方向的决定因素,在学习基本力时一定要明确其产生原理,这样才能更好地理解力.3.一茶杯放在桌面上,下列关于茶杯和桌面受力的论述中,正确的是( )A.茶杯和桌面之间有弹力作用,其原因是桌面发生了形变,茶杯并未发生形变B.桌面受到向下的弹力,是由于桌面发生了形变C.桌面受到向下的弹力,是由于茶杯发生了形变D.茶杯受到向上的弹力,是由于茶杯发生了形变【考点】物体的弹性和弹力.【专题】弹力的存在及方向的判定专题.【分析】茶杯和桌面之间有弹力作用,其原因是桌面和茶杯都发生了形变.桌面受到向下的弹力,是由于茶杯发生了形变,茶杯受到向上的弹力,是由于桌面发生了形变.【解答】解:A、茶杯和桌面之间有相互作用的弹力,是由于桌面和茶杯都发生了形变.故A错误.B、C桌面受到向下的弹力,是茶杯施加的,是由于茶杯发生了形变而产生的.故B错误,C正确.D、茶杯受到桌面向上的弹力,是由于桌面发生了形变.故D错误.故选C【点评】本题考查对弹力的理解,弹力的施力物体是发生形变的物体,受力物体是与之接触的物体.4.如图所示,在倾角为30°的斜面上有一物块,被平行于斜面的恒力F推着静止在斜面上,则物块受到的摩擦力()A.一定向上 B.一定向下C.可能为零ﻩD.一定等于F【考点】摩擦力的判断与计算.【专题】摩擦力专题.【分析】首先对物块受力分析分析出除摩擦力之外的力,通过分析推理F与重力沿斜面放上的分量的大小关系,即可得知各选项的正误.【解答】解:对物块受力分析,首先可以断定受竖直向下的重力G,垂直于斜面向上的支持力N,沿斜面向上的推力F,AB、当F大于物块的重力沿斜面的分力,物块有沿斜面向上的运动趋势,所以会受到沿斜面向下的静摩擦力;当F小于物块的重力沿斜面的分力,物块有沿斜面向下的运动趋势,所以会受到沿斜面向上的静摩擦力,选项AB错误.C、若当F等于物块的重力沿斜面的分力时,物块没有相对运动趋势,所以此种情况下不受斜面的静摩擦力作用,选项C错误.D、只有当F等于重力沿斜面的分量的一半时,物块受到的静摩擦力大小才等于F,选项D错误故选:C【点评】该题考查了静摩擦的方向和大小的判断,解答相关问题时,常用的方法是力的平衡和牛顿运动定律,还有假设法.对于方向通过物块的运动趋势的方向进行判断.解答该类型的题的关键是正确的分析物块受到的静摩擦力之外的外力.5.如图所示,轻绳下端拴接一小球,上端固定在天花板上.用外力F将小球沿圆弧从图中实线位置缓慢拉到虚线位置,F始终沿轨迹切线方向,轻绳中的拉力为T.则()A.F保持不变,T逐渐增大B.F逐渐减小,T逐渐增大C.F逐渐增大,T逐渐减小 D.F与T的合力逐渐增大【考点】共点力平衡的条件及其应用.【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】动态平衡问题,力F和绳上的弹力T始终垂直,且F合与重力等大反向,根据矢量三角形判断可知F、T的变化.【解答】解:对小球受力分析如图:根据平衡条件得F合=G且大小方向不变.由三角形知识得,T=F合×cosθ,F=F合×sinθ,随着小球移动θ角变大,cosθ值变小,F合不变,则T减小;sinθ值变大,F合不变,则F变大.故选:C.【点评】本题考查共点力平衡中的动态平衡问题,找到不变量,构建矢量三角形是解决问题的常用方法.6.如图所示绘出了轮胎与地面间的动摩擦因数分别为μ1和μ2时,紧急刹车时的刹车痕(即刹车距离s)与刹车前车速v 的关系曲线,则μ1和μ2的大小关系为()A.μ1<μ2ﻩB.μ1=μ2C.μ1>μ2ﻩD.条件不足,不能比较【考点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的图像;滑动摩擦力.【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】先根据牛顿第二定律求解出加速度,然后根据速度位移关系公式求解出x与v的函数表达式,最后结合图象进行分析.【解答】解:根据牛顿第二定律,有:μmg=ma,解得a=μg;根据速度位移关系公式,有:v2=2as;联立得到:v2=2μgs,由图象得到,当s相同时,v2<v1,结合表达式可知,μ越大则v越大,故μ2<μ1;故选C.【点评】本题关键是先根据牛顿第二定律和运动学公式得到x与v的函数表达式,然后结合图象进行分析.7.如图所示,一个小球用细绳拴在天花板上并且静止在光滑斜面上,下列说法中的正确是( )A.细绳对小球无弹力作用B.斜面对小球的弹力方向垂直于水平面向上C.小球对斜面弹力方向垂直于斜面向下D.小球所受的重力方向垂直于斜面向下【考点】共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】先以小球为研究对象,分析受力情况,作出力图,根据平衡条件求解悬线对小球拉力大小.【解答】解:以小球为研究对象,受力分析如答图所示.根据平衡条件得知,T与N的合力F=mgA、由分析知绳子对小球有拉力作用,A错误;B、斜面对小球的弹力方向垂直于斜面的,B错误;C、小球对斜面压力(弹力)方向垂直于斜面向下,C正确;D、小球所受重力竖直向下的,D错误.故选:C.【点评】本题是两个物体的平衡问题,选择研究对象,正确分析受力,作出力图,是解题的关键.8.如图所示,在光滑的水平面上有一质量为M、倾角为θ的光滑斜面体,斜面上有一质量为m的物块沿斜面下滑.关于物块下滑过程中对斜面压力大小的解答,有如下四个表达式.要判断这四个表达式是否合理,你可以不必进行复杂的计算,而是根据所学的物理知识和物理方法进行分析,从而判断解的合理性.根据你的判断,下述表达式中可能正确的是( )A.ﻩB.C.D.【考点】牛顿第二定律.【分析】本题要求定性的分析即可,所以可以采用特殊值的方法来快速的得到答案.【解答】解:如果物体不是放在斜面上,而是在水平面上,即θ=0的时候,此时Mm之间的作用力应该是mg,此时的sinθ=0,AB选项的结果为0,所以AB错误;对于C选项,M=msin2θ是可能的,而在C选项中,此时的结果为无穷大,所以C错误;所以正确的为D选项.故选:D.【点评】由于斜面是在光滑的水平面上,并没有固定,物体与斜面相互作用会使斜面后退,由于斜面后退,物体沿着斜面下滑路线与地面夹角>θ,与物体沿着固定斜面下滑截然不同.9.A、B两物体的质量关系是m A>mB,让它们从同一高度同时开始下落,运动过程中它们受到的阻力大小相等,则( )A.两物体同时到达地面B.物体A先到达地面C.两物体下落过程中加速度大小相等D.物体A下落的加速度大于物体B下落的加速度【考点】自由落体运动.【专题】自由落体运动专题.【分析】根据牛顿第二定律,通过比较加速度大小.根据h=比较两物体的落地时间.【解答】解:根据牛顿第二定律,.阻力相等,可知质量大的物体,加速度大,所以两物体加速度不等.根据h=,,A的质量大,加速度大,则落地时间短,所以A先到达地面.故BD正确,AC错误.故选:BD.【点评】解决本题的关键会通过牛顿第二定律比较加速度,通过h=比较两物体的落地时间.10.如图所示,叠放、静止在水平地面上的两个物体a、b,在水平拉力F的作用下,物体a、b仍保持静止,则( )A.物体b受4个力的作用,其中有两个重力B.物体b受5个力的作用,两个物体间没有摩擦力作用C.物体b受5个力的作用,两个物体间有摩擦力作用D.物体a只受重力和物体b的支持力,这是一对平衡力【考点】摩擦力的判断与计算;物体的弹性和弹力.【专题】摩擦力专题.【分析】静止在水平地面上的物体受到一个水平拉力的作用,物体仍然保持静止,合力仍为零,分析受力情况,由平衡条件研究拉力与静摩擦力的关系.【解答】解:对a物体受力分析知:受重力和支持力平衡,水平方向不受b的摩擦力,D正确;对b受力分析知:受重力、地面的支持力、a对b的压力、拉力F,根据整体法知道地面给b一静摩擦力,与F等大反向;选项B正确故选BD【点评】本题考查整体法和隔离法在判断物体间摩擦力有无中的应用.11.如图所示,在水平力F作用下,A、B保持静止.若A与B的接触面是水平的,且F≠0,则B的受力个数可能为( )A.3个B.4个ﻩC.5个D.6个【考点】共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】先对AB整体受力分析,判断整体相对斜面体的运动趋势;再对A受力分析,最后对物体B受力分析,B可能受到斜面的静摩擦力,也可能不受斜面的静摩擦力,即B受力情况有两种可能.【解答】解:先对AB整体受力分析,受重力、推力、支持力;当推力平行斜面向上的分力大于重力的下滑分力时,有上滑趋势;当推力平行斜面向上的分力小于重力的下滑分力时,有下滑趋势;当推力平行斜面向上的分力等于重力的下滑分力时,无滑动趋势;再对物体A受力分析,受推力、重力、支持力和向左的静摩擦力,共4个力;最后对B受力分析,受重力、A对B的压力和向右的静摩擦力、斜面体对A的支持力,如果B物体相对斜面体有滑动趋势,则受到斜面体的静摩擦力,若相对斜面体无滑动趋势,则不受斜面体的静摩擦力,即物体B 可能受4个力,也可能受5个力;故选:BC.【点评】分析物体受力常常采用隔离法,一般按这个顺序分析受力:重力、弹力、摩擦力.12.如图所示,A、B两物体静止在粗糙水平面上,其间用一根轻弹簧相连,弹簧的长度大于原长.若再用一个从零开始缓慢增大的水平力F向右拉物体B,直到A即将移动,此过程中,地面对B的摩擦力f1和对A的摩擦力f2的变化情况( )A.f1先变小后变大再不变ﻩB.f1先不变后变大再变小C.f2先变大后不变ﻩD.f2先不变后变大【考点】牛顿第二定律;胡克定律.【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】先分析刚开始弹簧所处状态,根据平衡条件判断刚开始摩擦力的方向,若再用一个从零开始缓慢增大的水平力F向右拉物体B,再对AB进行受力分析,即可判断.【解答】解:刚开始弹簧处于伸长状态,对A的作用力向右,对B的作用力向左,而AB均静止,所以刚开始的f1方向水平向右,f2方向水平向左,当用一个从零开始缓慢增大的水平力F向右拉物体B时,刚开始,未拉动B,弹簧弹力不变,f2不变,f1减小;当F等于弹簧弹力时,f1等于零,F继续增大,f1反向增大,当f1增大到最大静摩擦力时,B物体开始运动,此后变为滑动摩擦力,不发生变化,而弹簧被拉伸,弹力变大,A仍静止,所以f2变大,所以对A的摩擦力f2先不变,后变大,故AD正确.故选AD.【点评】本题解题的关键是对AB两个物体进行正确的受力分析,知道当B没有运动时,弹簧弹力不变,当B运动而A为运动时,弹力变大,难度适中.二、实验题(2小题,共15分)13.某同学用图1所示的实验装置研究小车在斜面上的运动.实验步骤如下:a.安装好实验器材.b.接通电源后,让拖着纸带的小车沿平板斜面向下运动,重复几次.选出一条点迹比较清晰的纸带,舍去开始密集的点迹,从便于测量的点开始,每两个打点间隔取一个计数点,如图2甲中0、1、2…6点所示.c.测量1、2、3…6计数点到0计数点的距离,分别记作:x1、x2、x3…x6.d.通过测量和计算,该同学判断出小车沿平板做匀加速直线运动.结合上述实验步骤,请你完成下列任务:(1)实验中,除打点计时器(含纸带、复写纸)、小车、平板、铁架台、导线及开关外,在下面的仪器和器材中,必须使用的有AC.A.电压合适的50Hz交流电源 B.电压可调的直流电源C.刻度尺 D.秒表 E.天平F.重锤(2)将最小刻度为1mm的刻度尺的0刻线与0计数点对齐,0、1、2、5计数点所在位置如图2乙所示,则:x2=3.00cm,x5=13.20cm,小车的加速度大小为5.00m/s2,打点“1”时的瞬时速度V1=0.375m /s.【考点】探究小车速度随时间变化的规律.【专题】实验题.【分析】根据实验的原理确定所需测量的物理量,从而确定测量的器材.刻度尺的读数需读到最小刻度的下一位.根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度.根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点1的瞬时速度.【解答】解:(1)打点计时器使用电压合适的交流电源,由于打点计时器可以记录时间,所以不需要秒表,在该实验中,不需要测量质量,所以不需要天平,实验中需要测量点迹间的距离,所以需要刻度尺.故选:AC. (2)刻度尺的读数需要读到最小刻度的后一位,可知x2=3.00cm,x5=13.20cm.根据△x=aT2得,加速度a==5.00m/s2.打点“1”时的瞬时速度.故答案为:(1)AC,(2)3.00,13.20,5.00,0.375【点评】解决本题的关键掌握纸带的处理方法,会通过纸带求解瞬时速度和加速度,关键是匀变速直线运动推论的运用.14.为测定木块与桌面之间的动摩擦因数,小亮设计了如图所示的装置进行实验.实验中,当木块A位于水平桌面上的O点时,重物B刚好接触地面.将A拉到P 点,待B稳定后静止释放,A最终滑到Q点.分别测量OP、OQ的长度h和s.改变h,重复上述实验,分别记录几组实验数据.(1)实验开始时,发现A释放后会撞到滑轮.请提出两个解决方法.(2)请根据下表的实验数据作出s﹣h关系的图象.h/cm20.030.040.050.060.0s/cm19.528.539.048.056.5(3)实验测得A、B的质量分别为m=0.4kg、M=0.50kg.根据s﹣h图象可计算出A木块与桌面间的动摩擦因数μ=0.4.(结果保留一位有效数字)(4)实验中,滑轮轴的摩擦会导致μ的测量结果偏大(选填“偏大”或“偏小”).【考点】探究影响摩擦力的大小的因素.【专题】实验题;压轴题;摩擦力专题.【分析】(1)B减少的重力势能转化成系统的内能和A、B的动能,A释放后会撞到滑轮,说明B减少的势能太多,转化成系统的内能太少,从而找作答依据.(2)根据所给数据进行描点、连线作图;(3)对在B下落至临落地时和在B落地后,A运动到Q,两个过程运用动能定理,求得μ的表达式,再结合从s﹣h图象,即可求解μ;(4)由于滑轮轴的摩擦会导致s变小,根据μ的表达式可知误差结果.【解答】解:(1)B减少的重力势能转化成系统的内能和AB的动能,A释放后会撞到滑轮,说明B减少的势能太多,转化成系统的内能太少,可以通过减小B的质量;增加细线的长度(或增大A的质量;降低B的起始高度)解决.故解决方法有:可以通过减小B的质量;增加细线的长度(或增大A的质量;降低B的起始高度).(2)描点,连线,如图所示:(3)B下落至临落地时根据动能定理有:Mgh﹣μmgh=(M+m)v2,在B落地后,A运动到Q,有,,又A、B的质量分别为m=0.40kg、M=0.50kg,在s﹣h图象上任取一组数据代入可以求得:μ=0.4.故答案为:0.4.(4)由于滑轮轴的摩擦,会导致绳子的拉力相对偏小,A运动的加速度也就偏小,s也就偏小,根据,,所以μ偏大.故答案为:偏大.【点评】在判断此类问题时,要深刻理解动能定理,能量守恒定律,要会通过图象分析相关问题.三、计算题(共3小题,37分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的验算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)15.某教室窗高2m,一同学在楼顶上由静止释放一小石子,已知,小石子经过该教室窗子的时间为0.2s,g =10m/s2.不计空气阻力,则:。

2020年10月陕西省安康市普通高中2021届高三毕业班阶段性联考物理答案

2020年10月陕西省安康市普通高中2021届高三毕业班阶段性联考物理答案

1 f
1 s =0.02s。纸带上从左往右相邻两个 50
加速度通过纸带求出,不能通过 a= mg 求出,故 D 错误。 M
(2)①图 1 中随着 F 的增大,即砝码和盘的质量增大,不再满足砝码和盘的质量远小于 小车的质量,因此曲线上部出现弯曲现象。 ②从图象 2 可知,F 大于零时,加速度为零,可知没有平衡摩擦力,或平衡摩擦力时长木
板的倾角过小。
(3)①相邻两计时点间的时间间隔为 T 周=
,则斜面的长
s
1 2
gt
2 2
1 sin
4v02 g
,C
项正确。
6.B 解析:做出时间轴,可知 ac 段平均速度为 1.5t 时刻的瞬时速度,同理 bd 段平均速度

3.5t
时刻的瞬时速度,所以根据加速度的定义式得
a=3v.35.5tt--v11.5.5tt=x52t-2t 3x1t=
3x2-5x1 30t2
fvm ,得汽车的最大
速度为 vm
P f
25m/s
,汽车在
4~12s
内以恒定功率运动,设此过程位移为
x2 ,由动能定
理得:
Pt
fx2
1 2
mvm2
1 2
mv12
,代入数据解得:
x2
42.5m
,则在
0~12s
内位移为
x x1 x2 62.5m ,故 D 错误。
10.BD 解析:两粒子在磁场中做圆周运动的轨迹如图所示,根据左手定则可以
q1q L2
cos 300
mg
;对乙球研究,由几何关系可知,A、B
间的距离也为
L,
由力的平衡可知, k
q2q L2
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2020~2021学年第一学期高三10月阶段性考试物理一、选择题:本题共10小题,每小题4分。

在每小题给出的四个选项中,第1~6题只有一项符合题目要求,第7~10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。

1. 已知3015P的半衰期为 2.5minT=,则32g的3015P经过时间t的衰变后还剩2g的3015P,则t为()A. 2.5minB. 5minC. 7.5minD. 10min 【答案】D【解析】【详解】根据1 =2tTm m⎛⎫⎪⎝⎭剩原,带入数据得2.5min12g32g2t⎛⎫=⨯ ⎪⎝⎭解得10mint=故选D。

2. 如图所示为一个质点运动的位移一时间(x-t)图像,则关于质点在0-t0时间内的运动,下列说法正确的是()A. 速度先沿负方向后沿正方向B. 速度一直沿负方向C. 速度先增大后减小D. 速度一直增大【答案】C【解析】【详解】AB .位移-时间图象的斜率表示速度,速度的正负表示速度方向,图线的斜率始终为正,可知质点运动的速度方向始终不变且始终沿正方向,故AB 错误;CD .根据图线的斜率表示速度,知质点的速度先增大后减小,故C 正确,D 错误。

故选C 。

3. 如图所示为修正带内部结构示意图,大、小齿轮啮合在一起,半径分别为1.2cm 和0.3cm ,a 、b 分别是大小齿轮边缘上的两点,当齿轮匀速转动时,a 、b 两点( )A. 线速度大小之比为4:1B. 角速度之比为1:1C. 周期之比为1:4D. 向心加速度大小之比为1:4 【答案】D 【解析】【详解】A .齿轮传动,线速度相等,线速度大小之比为1:1,A 错误; B .角速度为a a v r ω=b b v r ω=解得角速度之比为11::1:4a b a br r ωω== B 错误; C 周期为2aa r v T π=2bbr v T π=解得周期之比为::4:1a b a b T T r r ==C 错误;D 向心加速度为2a a v a r =2b bv a r =解得向心加速度之比为11::1:4a b a ba a r r == D 正确。

故选D 。

4. 如图甲所示,带电小球A 用绝缘细线悬挂于O 点,细线的长为L ,O 点正下方3L 处固定一带电的小球B ,由于库仑力的作用,细线与竖直方向的夹角θ=30°,这时A 球的带电量为q 1;如果将A 球的带电量改为q 2,且改变细线的长,使A 与B 在同一水平线上,这时细线与竖直方向的夹角也为θ=30°,如图乙所示,不计小球的大小,B 球的带电量保持不变,则12q q 为( )A. 1 3 C.32D.33【答案】A 【解析】【详解】两球的受力情况如下对于甲图中的A 球,根据几何关系,AB 两球之间的距离1r L =根据竖直方向的平衡有12cos30F mg ︒=解得13F =根据库仑定律有1B12kq q F L=对于乙图中的A 球,根据几何关系,AB 两球之间的距离2r L =根据的平衡条件易得2tan 30F mg︒=解得23F =根据库仑定律有2B22kq q F L =则1B212B22333kq q mg F L kq q F mg L ==解得121q q = 故选A 。

5. 一个小球在倾角为θ=30°的固定斜面顶端以大小为v 0的初速度水平拋出,小球落在斜面上,增大抛出的初速度后,小球落在水平面上,前后两次平抛运动所用的时间之比为1:3,重力加速度为g ,则斜面的长度为( )A. 2083v gB. 20163v gC. 204v gD. 208v g【答案】C 【解析】【详解】设斜面高度为h ,斜面长度为L ,小球第一次运动的时间为t 3t 。

第一次小球下降的高度为2112h gt =第一次小球沿水平方向的位移为10x v t =由几何关系有113tan x h θ==联立解得23v t =第二次时220221(3)2v h g t g==由于第二次落在水平面上,则斜面高度为222v h h g==斜面长度为204sin v hL gθ==故选C 。

6. 一个质点做匀变速直线运动,依次经过a 、b 、c 、d 四点。

已知经过ab 、bc 和cd 的时间分别为t 、2t 、3t ,ac 和bd 的位移分别为x 1和x 2,则质点经过c 点时的瞬时速度为( ) A.215960x x t+B.125960x x t+C. 219560x x t-D. 215960x x t-【答案】B 【解析】【详解】设a 点的速度为v ,则有2113(3)2x v t a t =⋅+⨯221()5(5)2x v at t a t =+⨯+⨯联立解得2123530ta x x -=且有2212C v v ax -=联立解得125960C v x x t+=故选B 。

7. 一长直导线与闭合金属线框放在同一竖直面内,长直导线中的电流i 随时间t 的变化关系如图所示(以竖直向上为电流的正方向)。

则在0~T 时间内,下列说法正确的是( )A. 0~3T时间内,穿过线框的磁通量最小 B. 3T ~23T 时间内,线框中始终产生逆时针方向的感应电流 C. 3T ~23T 时间内,线框先有扩张的趋势后有收缩的趋势 D.23T~T 时间内,线框受安培力的合力方向向右 【答案】BC 【解析】 【详解】A .0~3T时间内,长直导线中的电流最大,且保持不变,所以穿过线框的磁通量最大,A 错误; B .由楞次定律可以判断在233T T时间内,线框中始终产生逆时针方向的感应电流,B 正确; C .233T T时间内,长直导线中的电流先减小后增大,所以线框内的磁通量先减小后增大,线框先有扩张的趋势后有收缩的趋势,C 正确; D .23T T 时间内,长直导线中的电流保持不变,穿过线框的磁通量不变,所以线框内无感应电流产生,线框不受安培力作用,D 错误。

故选BC 。

8. 2020年7月23日,我国成功发射了“天问一号”火星探测器。

假设探测器着陆火星后测得火星赤道表面上质量为m 的物块受到的火星引力为F ,已知火星的半径为R ,自转角速度为ω,万有引力常量为G ,则火星( )A. 质量为2FR GmB. 赤道表面的重力加速度为F g m= C. 第一宇宙速度为RωD. 232FRR m ω【答案】AD【解析】【详解】A .根据2MmF GR =可得 2FR M Gm= A 正确;B .星球表面赤道处有2F mg m R ω-=解得2Fg R mω=- B 错误;C .由于ω是星球的自转角速度,所以Rω表示卫星赤道表面物体的线速度,不是火星的第一宇宙速度,根据2F rv m =可得,火星的第一宇宙速度为Fr v m=故C 错误;D .同步卫星的周期与星球自转周期相同,故有22()()Mm GmR h R h解得232FR h R m ω=- D 正确。

故选AD 。

9. 一辆汽车由静止开始沿平直公路行驶,汽车所受牵引力F 随时间t 变化关系图线如图所示。

若汽车的质量为1.2×103kg ,阻力恒定,汽车的最大功率恒定,则以下说法正确的是( )A. 汽车的最大功率为5×104W B. 汽车匀加速运动阶段的加速度为2.5m/s 2 C. 汽车先做匀加速运动,然后再做匀速直线运动 D. 汽车从静止开始运动12s 内位移是60m 【答案】AB 【解析】【详解】ABC .由图可知,汽车在前4s 内的牵引力不变,汽车做匀加速直线运动,4-12s 内汽车的牵引力逐渐减小,则车的加速度逐渐减小,汽车做加速度减小的加速运动,直到车的速度达到最大值;可知在4s 末汽车的功率达到最大值,12s 末汽车的速度达到最大值,汽车的速度达到最大值后牵引力等于阻力,所以阻力320N 1f =⨯前4s 内汽车的牵引力为3510N F =⨯由牛顿第二定律F f ma -=可得22.5m/s a =4s 末汽车的速度44 2.54m/s 10m/s v at ==⨯=所以汽车的最大功率34451010W 510W P Fv ⨯⨯⨯===故AB 正确,C 错误; D .汽车在前4s 内的位移2214112.54m=20m 22x at ==⨯⨯ 汽车在4s12s 内的位移设为x 2,则22241122Pt fx mv mv -=- 其中43510m/s 25m/s 210v ⨯==⨯解得242.4m x =所以汽车的总位移12(2042.5)m 62.5m x x x =+=+=故D 错误。

故选AB 。

10. 矩形ABCD 区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场,AB =2d ,3BC d =,E 为AB 中点。

从E 点沿垂直AB 方向射入粒子a ,粒子a 经磁场偏转后从D 点出磁场,若仍从E 点沿垂直AB 方向射入粒子b ,粒子经磁场偏转后从B 点出磁场,已知a 、b 粒子的质量相等,电荷量相等,不计粒子的重力,则( )A. a 、b 粒子均带正电B. a 、b 粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为4:1C. a 、b 粒子在磁场中运动的速度大小之比为2:1D. a 、b 粒子在磁场中运动的时间之比为1:3 【答案】BD 【解析】【详解】A .根据左手定则判断可知,a 粒子带正电,b 粒子带负电,A 错误; B .在磁场中,洛伦兹力提供向心力,粒子的运动轨迹如下图对a 粒子,由几何知识可得222()(3)a a R d d R -+=解得2a R d =由图可知b 粒子在磁场中做圆周运动的半径为12d ,则a 、b 粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为4:1,B 正确;C .在磁场中,洛伦兹力提供向心力,根据2v qvB m r=可得qBrv m=由于a 、b 粒子的质量相等,电荷量相等,则a 、b 粒子在磁场中运动的速度大小之比为4:1,C 错误; D .根据2r T v π=,联立qBrv m=可得 2mT qBπ=可知,两粒子的运动周期相同,由几何关系知,a 粒子运动的圆心角为3π,b 粒子运动的圆心角为π,根据2t T θπ=⋅可得,a 、b 粒子在磁场中运动的时间之比为1:3,D 正确。

故选BD 。

二、非选择题:共60分。

第11题~第15题为必考题,每个试题考生都必须作答。

第16、17题为选考题,考生根据要求做答。

(一)必考题(共45分)11. 在“测定金属丝的电阻率”实验中。

(1)先用螺旋测微器测出金属丝的直径,测量示数如图,则金属丝的直径d =______mm ;(2)待测金属丝的电阻R x 只有几欧,现要尽可能准确地测量其电阻,实验室提供了下列器材: A.电压表V 1(量程3V ,内阻约为15kΩ) B.电压表V 2(量程15V ,内阻约为75kΩ) C.电流表A 1(量程3A ,内阻约为0.2Ω) D.电流表A 2(量程600mA ,内阻约为1Ω) E.滑动变阻器R (0~20Ω) F.电源(两节干电池)G.开关和导线若干①根据以上提供的实验器材,某同学设计了两种测量电路,应选用下图中的______(填“a”或“b”)为实验电路图;②按你所选择的电路图把图(c)的实物图用导线连接起来______。

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