广东省广州大学附中2018-2019学年高二物理下学期期末考试试题 理(含解析)

广东省广州大学附中2018-2019学年高二物理下学期期末考试试题理（含解析）一、单项选择题（本大题共10小题30分，每小题3分，请将答案用2B 铅笔涂在答卷上） 1.关于分子间距与分子力，下列说法正确的是A. 悬浮颗粒越大，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动就越明显B. 温度升高，布朗运动显著，说明悬浮颗粒的分子运动剧烈C. 一般情况下，当分子间距r <r 0(平衡距离)时，分子力表现为斥力；当0r r =时，分子力表现为零；当0r r >时分子力表现为引力D. 用气筒打气需外力做功，是因为分子间的斥力作用 【答案】C 【解析】【详解】A 、悬浮颗粒越大，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动就越不明显，故A 错误；B 、温度升高，布朗运动显著，说明液体分子运动剧烈，故B 错误；C 、当两个分子间的距离r=r 0时，分子力为0，当r ＞r 0时，分子力表现为引力，当r ＜r 0时，分子力表现为斥力。

故C 正确；D 、用气筒给车胎打气，到后来觉得气体难以压缩，是因为克服轮胎的压力，并不是分子间的斥力，故D 错误；2.如图，在α粒子散射实验中，图中实线表示α粒子运动轨迹，假定金原子核位置固定，a b c 、、为某条轨迹上的三个点，其中a c 、两点距金原子核的距离相等A. 卢瑟福根据α粒子散射实验提出了能量量子化理论B. 大多数α粒子击中金箔后几乎沿原方向返回C. 从a 经过b 运动到c 的过程中α粒子的电势能先减小后增大D. α粒子经过a c 、两点时动能相等 【答案】D 【解析】【详解】A.卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，提出了原子的核式结构模型，普朗克根据黑体辐射的规律第一次提出了能量量子化理论，故选项A 错误；B.根据α粒子散射现象可知，大多数α粒子击中金箔后几乎沿原方向前进，故选项B 错误；C.α粒子受到电场力作用，根据电场力做功特点可知α粒子从a 经过b 运动到c 的过程中电场力先做负功后做正功，所以α粒子的电势能先增大后减小，故选项C 错误；D .由于a 、c 两点距金原子核的距离相等，所以a 、c 两点电势相等，根据PE q ϕ=可知α粒子在a 、c 两点电势能相等，根据能量守恒可知α粒子在a 、c 两点动能相等，故选项D 正确。

3.氢原子从能级A 跃迁到能级B 时，辐射波长为1λ的光子，若从能级B 跃迁到能级C 时，吸收波长2λ时的光子.已知12λλ>，则氢原子从能级C 跃迁到能级A 时 A. 辐射波长为12λλ-的光子B. 辐射波长为1212λλλλ-的光子C. 吸收波长为12λλ-的光子D. 吸收波长为1212λλλλ-的光子【答案】B 【解析】【详解】AB. 因为λ1＞λ2，根据cv λ=，知v 1＜v 2，从能级A 跃迁到能级B 辐射光子的能量小于从能级B 跃迁到能级C 吸收光子的能量，所以C 能级能量比A 能级能量大，从能级C 跃迁到能级A 时辐射光子，C 、A 间的能级差21=ccE hhλλ∆-.又由于3cE hλ∆=，解得12312=λλλλλ-，A 错误B 正确。

CD. 根据以上分析可知，C 能级能量比A 能级能量大，从能级C 跃迁到能级A 时辐射光子，CD错误。

4.著名物理学家弗曼曾设计过一个实验，如图所示.在一块绝缘板上中部安一个线圈，并接有电源，板的四周有许多带负电的小球，整个装置支撑起来. 忽略各处的摩擦，当电源接通的瞬间，下列关于圆盘的说法中正确的是A. 圆盘将逆时针转动（俯视）B. 圆盘将顺时针转动（俯视）C. 圆盘不会转动D. 圆盘先逆时针转再顺时针转（俯视）【答案】A【解析】【详解】当电源接通的瞬间，由安培定则可知线圈内的磁场方向向上，线圈中的增大的电流将产生增强的磁场，则穿过绝缘板的磁通量增加，根据电磁场理论可知变化的磁场会产生电场，根据楞次定律可知线圈周围即将产生顺时针方向的电场，负电荷受到的电场力与电场方向相反，则带负电的小球会受到有逆时针方向的电场力，故圆盘将沿逆时针方向运动A. 圆盘将逆时针转动（俯视）符合题意，A正确B. 圆盘将顺时针转动（俯视），不符合题意，B错误C. 圆盘不会转动，不符合题意，C错误D. 圆盘先逆时针转再顺时针转（俯视），不符合题意，D错误5.某同学采用如图所示的实验装置研究光电效应现象。

当用某单色光照射光电管的阴极K时，会发生光电效应现象。

闭合开关S，在阳极A和阴极K之间加上反向电压，通过调节滑动变阻器的滑片逐渐增大电压，直至电流计中电流恰为零，此时电压表的电压值U称为遏止电压。

现分别用频率为ν1和ν2的单色光照射阴极，测量到遏止电压分别为U1和U2，设电子质量为m、电荷量为e，则下列说法中正确的是A. 用频率为ν1的光照射时，光电子的最大初速度v 1eU m=B. 阴极K 金属的逸出功W 0=eU C. 阴极K 金属的极限频率112212U v U v v U U -=-D. 普朗克常量()1212e U U h v v -=-【答案】D 【解析】【详解】A.当用频率为1v 的光照射时，根据动能定理得2112eU mv =，解得光电子的最大初速度12eU v m=A 错误； B.根据光电效应方程得0eU hv W =-，解得逸出功0W hv eU =-，故选项B 错误； CD.根据光电效应方程有110eU hv hv =-，220eU hv hv =-，联立解得普朗克常量1212()e U U h v v -=-，极限频率2112021U v U v v U U -=-，故选项C 错误，D 正确。

6.如图甲所示，将阻值为R ＝5 Ω的电阻接到内阻不计的正弦式交变电源上，电流随时间变化的规律如图乙所示，电流表串联在电路中测量电流的大小，电流表内阻不计，下列说法正确的是( )A. 电阻R 消耗的电功率为1.25 WB. 电阻R 两端电压的函数表达式为u ＝2.5sin200πt (V)C. 若此交变电流由一矩形线框在匀强磁场中匀速转动产生，如图丙所示，当线圈的转速提升一倍时，电流表的示数为1 AD. 这一交变电流与如图丁所示电流比较，其有效值之比为12【答案】BD 【解析】【详解】A ．根据图乙可得，交流电的有效值为2422m A A ==，所以电阻消耗的功率20.625P I R W ==，A 错误B ．根据图乙得，电流的瞬时值：20.5sin()0.5sin(200)0.01i t t ππ==，所以电阻两端电压2.5sin(200)u iR t π==，B 正确C ．如果交流电由矩形线框转动产生：(2E NBS NBS n I R R Rωπ===），转速提升1倍，最大值提升1倍，电流表示数即有效值222A A =，C 错误D ．图乙交变电流有效值：24I A =，图丁交流电有效值为：22231'0.50.544I RT R T R T =⋅+⋅，解得电流'0.5I A =，所以'2I I =，D 正确7.寒冷的冬季，容易让高压输电线因结冰而损毁.为清除高压输电线上的冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰. 若在正常供电时，高压线上输电电压为U，电流为I，热损耗功率为△P；除冰时，输电线上的热损耗功率需变为9△P，则除冰时（认为输电功率和输电线的电阻不变）A. 输电电流为9IB. 输电电流为13IC. 输电电压为13U D. 输电电压为3U【答案】C【解析】【分析】根据PIU可以求出输电线上的电流；根据P=I2R可以求出输电线上损失的电功率。

【详解】A、B项：高压线上的热耗功率△P=I2R线①若热耗功率变为9△P，则9△P=I′2R线②①②得I′=3I，所以AB均错误；C、D项：又输送功率不变，由P=UI=U′I′得U′=3U，所以C正确，D错误。

故应选：C。

【点睛】本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压。

8.如图所示，接在理想变压器回路中的四个规格相同的灯泡都正常发光，那么理想变压器的匝数比n1∶n2∶n3为A. 1∶1∶1B. 3∶2∶1C. 6∶2∶1D. 2∶2∶1【答案】B【解析】灯泡正常发光，可得A B C DU U U U===,所以232U U=.由变压器的电压比公式322333221Un Un U U===，所以232n n=.同理，灯泡正常发光，功率相等，即A B C DP P P P===.由2P I R=，得A B C DI I I I===，即123I I I==.由112233U I U I U I=+得.112233n I n I n I=+，即.12333323n n n n n n=+=+=，所以123::3:2:1n n n=。

9.如图所示，静止在光滑水平面上的木板A，右端有一根轻质弹簧沿水平方向与木板相连，木板质量M＝3 kg.质量m＝1 kg的铁块B以水平速度v0＝4 m/s从木板的左端沿板面向右滑行，压缩弹簧后又被弹回，最后恰好停在木板的左端。

在上述过程中弹簧具有的最大弹性势能为A. 3 JB. 4 JC. 6 JD. 20 J【答案】A【解析】试题分析：设铁块与木板速度相同时，共同速度大小为v，铁块相对木板向右运动时，滑行的最大路程为L，摩擦力大小为f．根据能量守恒定律得：铁块相对于木板向右运动过程：2211()22Pmv fL M m v E=+++铁块相对于木板运动的整个过程：22112()22mv fL M m v=++，又根据系统动量守恒可知，mv0=（M+m）v联立得到：E P=3J．故选A考点：能量守恒定律及动量守恒定律。

10.如图所示，正方形线框的左半侧处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与线框平面垂直，线框的对称轴MN恰与磁场边缘平齐.若第一次将线框从磁场中以恒定速度v1向右匀速拉出，第二次让线框绕轴MN匀速转过60°，且左右两边线速度大小为v2，为使两次操作过程中，线框产生的平均感应电动势大小相等，则A. v 1:v 2=3:2πB. v 1:v 2=2π:3C. v 1:v 2=3:πD. v 1:v 2=π:3 【答案】A 【解析】 【分析】平均感应电动势E tΦ=V V ，瞬时感应电动势E=BLv ．然后计算比较． 【详解】设正方形边长为a ；若第一次将线框从磁场中以恒定速度v 1向右匀速拉出，E 1 =Bav 1；第二次以线速度v 2让线框转过60°。

202221(1cos60)3222126Ba Bav E a t v ππ-Φ===⋅⨯V V ；E 1=E 2，得两次的速度之比为3：2π。

故选A 。

二、多项选择题（本大题共6小题24分，每小题4分，漏选得2分，错选得0分，请将答案用2B 铅笔涂在答卷上）11.恒星内部发生着各种热核反应，其中“氦燃烧”的核反应方程为：4824He X Be γ+→+，其中X 表示某种粒子，84Be 是不稳定的粒子，其半衰期为T ，则下列说法正确的是 A. X 粒子是42HeB. 84Be 的衰变需要外部作用激发才能发生 C. 经过3个T ，剩下的84Be 占开始时的18D. “氦燃烧”核反应是裂变反应 【答案】AC【解析】A项：根据质量数与质子数守恒，则X 粒子是42He，故A正确；B项：衰变是自发的，不需要外部作用激发，也能发生，故B错误；C项：经过1个半衰期，有半数发生衰变，即剩下开始的一半，那么经过3个T，剩下的84Be占开始时的18，故C正确；D项：、“氦燃烧”的核反应方程，是聚变反应，不是裂变反应，故D错误。