2014-2015福州一中高二物理半期考试卷
2014-2015上学期半期考高二理科物理试卷
2014-2015上学期半期考高二理科物理试卷D福安八中2014——2015学年上学期期中考试高二理科物理考试答案卷一、将选择题答案填入下表题号1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案二、填空、实验题1．____________ ______________2____________ _____________3．_____________三．计算题（共 1 小题）1．汽车火花塞的两个电极间的间隙约为1mm、如果点火感应圈在它们之间产生的电压约为10000v,那么在间隙间的电场强度约有多大2．真空中有两个点电荷Q1和Q2相距18cm ，已知Q1为正电荷，其电荷量为C．它们之间的引力F=N，求Q2的电荷量及带电性质．3．平行板电容器两极间的电势差为100V，当极板上的电荷量增加9⨯C时，1-10板极间某电荷收到的电场力增大为原来的1.5倍，求电容器电容4．把带电荷量2×10－8C的正点电荷从无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功8×10－6J，若把该电荷从无限远处移到电场中B点，需克服电场力做功2×10－6 J，求：(1)A点的电势；(2)A、B两点的电势差；(3)把2×10－5C的负电荷由A点移到B点电场力做的功．请输入试卷名称答案一．选择题（共9 小题）1．A 2．C 3．D 4．A 5．B 6．C 7．B 8．D 9．B 10.C 11B12．【解析】要使ab平衡，必须有a带负电，b带正电，且a球带电较少，故应选B.【答案】B二．填空、实验题（共 3 小题）1．接触起电，感应起电2．答案：左增加分析：β粒子带负电，由图可知，β粒子向右偏转，可知所受的电场力向右。
故电场线水平向左。
β粒子进入电场以后，电场力做正功，故动能增加3．先由W=qU，得AB间的电压为20V，再由已知分析：向右移动正电荷做负功，说明电场力向左，因此电场线方向向左，得出B点电势高。
2014-2015学年度第二学期期中考试高二物理试题(含答案)
6.2014-2015学年度第二学期期中教学质量检测物理试题命题人: 审核人: 注意事项： 本试卷满分100分，考试时间100分钟 答卷前，考生务必将本人的学校、班级、姓名、考试号填在答题纸的密封线内. 将每题的答案或解答写在答题纸上，在试卷上答题无效. 考试结束，只交答题纸. 、单项选择题：本题共 6小题，每小题3分，共计18分•每小题只有一个 选项符合题意. l . 2. 3. 4. 2. 某矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势为 增加1倍，保持其他条件不变，则产生的感应电动势为 A . e=E m sin2otB . e=2E m sin2 otC . e=2E m sin4otD . e=4E m sin2ot 中央电视台《焦点访谈》多次报道某些边远落后农村电价过高，农民负担过重，其中客 观原因是电网陈旧老化•近年来进行了农村电网改造，为了减少远距离输电线路上的电能损耗而降低电费价格，以下措施中切实可行 e=E m sin cot 若将线圈的转速 的是 3. 4. 5. A .提高输送功率B .C •提高输电电压D . 如图所示，三只完全相同的灯泡 a 、b 、c 分别与电阻R 、电感L 、电容C 串联，再将三 者并联，接在 “220V 100HZ'的交变电压两端，三只灯泡亮度相同，若将交变电压改为“220V 50Hz ”，则 A .三只灯泡亮度不变 B .三只灯泡都将变亮 C. a 亮度不变，D. a 亮度不变， 如图一矩形线圈， 的固定轴转动，线圈中的感应电动势 e 随时间t 的变化 如图，下列说法中正确的是A . t 1时刻通过线圈的磁通量为零B . t 2时刻线圈位于中性面C . t 3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D .每当e 变化方向时，通过线圈的磁通量最大 如图所示是一个火警报警器电路的示意图.其中 这种半导体热敏材料的电阻率随温度的升高而增大. 电源两极之间接一报 示器的电流 A . I 变大， C . I 变大， 如图甲所示，为一种调光台灯电路示意图，它通过双向可控硅电 子器件实现了无级调节亮度.给该台灯接220 V 的正弦交流电后 加在灯管两端的电压如图乙所示，则此时交流电压表的示数为 用超导材料做输电线 减小输电线的横截面 a 、 b 变亮，c 变暗 b 变暗，c 变亮绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面警器•当传感器 I 、报警器两端的电压 U 变大 U 变小L\J■0,4R 3为用半导体热敏材料制成的传感器， 值班室的显示器为电路中的电流表, R 3所在处出现火情时，显 U 的变化情况是 变小，U 变大变小，U 变小220 110C. ■ VD. - V.2 2二、多项选择题.本题共6小题，每小题4分，共计24分.每小题有多个选项符合题意. 全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.7•关于涡流，下列说法中正确是A •真空冶炼炉是利用涡流来熔化金属的装置B •家用电磁炉锅体中的涡流是由恒定磁场产生的C •阻尼摆摆动时产生的涡流总是阻碍其运动D •变压器的铁芯用相互绝缘的硅钢片叠成能减小涡流&如图甲所示为某工厂成品包装车间的光传感记录器，光敏电阻发出的光，每当工件挡住A发出的光，光传感器处理后在屏幕显示出电信号与时间的关系，如图乙所示•若传送带保持匀加速运动，每个工件均相对传送带静止，且相邻工件间距依次为5、10、15、20、…（单位：cm）.则以下说法正确的是（不计工件挡住光的时间）A .工件的加速度为0.1 m/s2B .工件的加速度为0.2 m/s2C .当无光照射R1时，光传感器就输出一次高电压D •当无光照射R1时，光传感器就输出一次低电压9•如图甲、乙所示电路中，电阻R和电感线圈L的电阻都很小•接通B. 110V灯泡A发光，则S,使电路达到上磁炉R1能接收到发光元件AB就输出一个电信号，并经信号处理器12. 如图所示，相距为d 的两水平虚线L 1和L 2分别是水平向里的匀强磁场的上下两个边界， 磁场的磁感应强度为 B ,正方形线框abdc 边长为L (L<d ),质量为 方高h 处由静止释放.如果 ab 边进入磁场时的速度为 V 0, cd 边刚 穿出磁场时的速度也为 V 。
2014-2015学年上学期高二物理上学期期末考试 (含答案)
2014-2015学年上学期期末考试高二年级物理试题(含答案)说明：本试卷考试时间为90分钟，满分110分一、选择题（本题包括12小题，共48分。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用.下面列举的四种器件中，利用电磁感应原理工作的是（）A．回旋加速器B．电磁炉C．质谱仪D．示波管2．如图所示，A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，沿电场线从A运动到B．则 ( )A．电场强度的方向向左B．A点场强一定大于B点场强C．电场力做正功D．电势能减小3．如图，线圈M和线圈N绕在同一铁芯上。
M与电源、开关、滑动变阻器相连，P为滑动变阻器的滑动端，开关S处于闭合状态，N与电阻R相连。
下列说法正确的是（）A．当P向右移动，通过R的电流为b到aB．当P向右移动，通过R的电流为a到bC．断开S的瞬间，通过R的电流为b到aD．断开S的瞬间，通过R的电流为a到b4．质量为m的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点，棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从N流向M，此时悬线上有拉力，如图所示．为了使悬线上拉力的等于零，可采取的措施是（）A．适当减小磁感应强度B．适当增大磁感应强度C．使磁场反向D．使电流反向5．在匀强磁场中，一个带电粒子做匀速圆周运动，如果又顺利垂直进入另一磁感应强度是原来磁感应强度2倍的匀强磁场，则（）A．粒子的速率加倍，周期减半B．粒子速率不变，轨道半径减半C．粒子的速率减半，轨道半径变为原来的1/4 D．粒子速率不变，周期减半6．如图所示电路中，电源内阻不能忽略，两个电压表均为理想电表。
当电键S闭合滑动变阻器R2的滑动触头P移动时，关于两个电压表V1与V2的示数，下列判断正确的是（）A．P向a移动，V1示数增大、V2的示数减小B．P向b移动，V1示数增大、V2的示数减小C．P向a移动，V1示数改变量的绝对值小于V2的示数改变量的绝对值D．P向b移动，V1示数改变量的绝对值大于V2的示数改变量的绝对值7．如图所示的U—I图像中，直线I为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R 的伏安特性曲线，用该电源直接与该电阻R连接成闭合电路，由图像可知( ) A．R的阻值为1.5ΩB．电源电动势为3V，内阻为0.5ΩC．电源的输出功率为3.0wD．电源内部消耗功率为1.5w8．如图，A、B是完全相同的两个小灯泡，L为自感系数很大、电阻可以忽略的带铁芯的线圈，下列说法正确的是（）A．开关K闭合的瞬间，A、B同时发光，随后A灯变暗，B灯变亮。
福建省福州一中2017-2018学年高二上学期期期末考试物理试题(原卷版)
福建省福州一中2017-2018学年高二第一学期期末考试一、单项选择题1. 关于磁场和磁感线，下列说法正确的是（ ）A. 磁感线总是从N 极出发，止于S 极B. 通电导线在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零C. 磁感应强度为零的区域，在该区域中通过某个面的磁通量一定为零D. 磁场是真实存在的物质，磁感线也是客观存在的，反映磁场的大小和方向2. 在如图所示的各电场中，a 、b 两点的电场强度相同的是（ ） A. B. C. D.3. 阻值相等的四个电阻、电容器C 及电池(E 内阻可忽略)连接成如图所示电路.开关S 断开且电流稳定时，C 所带的电荷量为1Q ，闭合开关S ，电流再次稳定后，C 所带的电荷量为21.Q Q 与2Q 的比值为( )A. 25B. 12C. 35D. 234. 在条形磁铁S 极附近，用绝缘轻绳悬挂一轻质圆线圈，磁铁与圆线圈在同一平面内，当线圈中通有逆时针方向电流时，则线圈运动情况是（ ）A. 从上向下看，线圈顺时针旋转，同时靠近S 极B. 从上向下看，线圈顺时针旋转，同时远离S 极C. 从上向下看，线圈逆时针旋转，同时靠近S 极D. 从上向下看，线圈逆时针旋转，同时远离S 极5. 粗细均匀的电阻丝围成的正方形单匝线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样速率沿四个不同方向匀速移动，如下图所示（ ）A. B 图中ab 电势差最小B. 四种情况下磁场力对线框做功的功率都相等C. 四种情况下流过ab 边的电流的方向都相同D. 四种情况下，线圈完全进入或移出磁场过程中，经过线圈横截面的电量不同6. 某同学在“探究感应电流产生的条件”的实验中，将直流电源、滑动变阻器、线圈A 、线圈B 、电流计及开关按下图连接．在实验中，该同学发现开关闭合的瞬间，电流计的指针向左偏．由此可判断，在保持开关闭合的状态下（ ）A. 当线圈A 拔出时，电流计指针向左偏转B. 当将铁芯插入线圈A 中时，电流计指针向右偏转C. 当滑动变阻器的滑片匀速向N 端滑动时，电流计指针向不偏转D. 当滑动变阻器的滑片减速向N 端滑动时，电流计指针向左偏转7. 如图，半径为R 的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面(纸面)，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面向外．一电荷量为q (q >0)、质量为m 的粒子沿平行于直径ab 的方向射入磁场区域，射入点与ab 的距离为2R .已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60°，则粒子的速率为(不计重力)( )A. 2qBR mB. qBR mC. 32qBR mD. 2qBR m8. 如图所示，竖直放置的螺线管与导线abcd 构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，要导体圆环受到向上的磁场作用力，则导线abcd 所围区域内磁场的磁感应强度随时间变化图象是A. B.C. D.二、多项选择题9. 如图所示，真空中有一正四面体ABCD ， MN 分别是AB 和CD 的中点．现在A 、B 两点分别固定电荷量为+Q 、-Q 的点电荷，下列说法中正确的是（ ）A. C 、D 两点的电场强度相同B. 仅受电场力的正点电荷，可以在该电场中做匀速圆周运动C. N 点的电场强度方向平行AB 且跟CD 垂直D. 将试探电荷+q 从C 点移到D 点，电场力做正功，试探电荷+q 的电势能降低10. 真空中相距为3a 的两个点电荷M 、N ，分别固定于x 轴上x 1=0和x 2=3a 的两点上，在它们连线上各点场强E 随x 变化关系如图所示，以下判断不正确的是：A. x=2a处的电势一定为零B. 点电荷M、N一定为同种电荷C. 点电荷M、N一定为异种电荷D. 点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为2:111. 如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，L1、L2为小灯泡（其灯丝电阻可以视为不变），R1为定值电阻，R2为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．闭合电键S后，将照射光强度增强，则（）A. 电路的路端电压将减小B. R1两端的电压将减小C. 电源损耗的热功率将减小D. L1变亮，L2变亮12. 如图所示，两根长为L、质量为m的导体棒a、b，a被水平放置在倾角为45°的光滑绝缘斜面上，b被水平固定在与a同一水平面的另一位置，且a、b平行，它们之间的距离为s．当两棒中均通以电流为I的同向电流时，a恰能在斜面上保持静止，（已知通电直导线周围磁场的磁感应强度大小为kIBr，式中常量k>0，I为导线中的电流，r为距导线的距离）则下列说法正确的是（）A. b的电流在a处产生的磁场的方向竖直向上B. b的电流在a处产生的磁场的磁感应强度大小为22 mg ILC. 若将b竖直移至C处（aC连线垂直斜面方向），a仍可能保持静止D. 若将b竖直移至C处（aC连线垂直斜面方向），a不能保持静止13. 如图所示为一种质谱仪的示意图，由加速电场、静电分析器和磁分析器组成．若静电分析器通道中心线的半径为R，通道内均匀辐射电场，在中心线处的电场强度大小为E，磁分析器有范围足够大的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向外．一质量为m、电荷量为q的粒子从静止开始经加速电场加速后沿中心线通过静电分析器，由P点垂直边界进入磁分析器，最终打到胶片上的Q点．不计粒子重力．下列说法正确的是()A. 极板M比极板N的电势高B. 加速电场的电压U=ERC. 直径PQ=2B qmERD. 若一群粒子从静止开始经过题述过程都落在胶片上的同一点，则该群粒子具有相同的比荷14. 如图所示，用粗细均匀的铜导线制成半径为r的圆环，PQ为圆环的直径，其左右两侧存在垂直圆环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，但方向相反，圆环的电阻为2R．一根长度为2r、电阻为R的金属棒MN绕着圆环的圆心O点紧贴着圆环以角速度ω沿顺时针方向匀速转动，转动过程中金属棒MN与圆环始终接触良好，则下列说法正确的是（）A. 金属棒中电流方向始终由N到MB. 圆环消耗的电功率是变化的C. MN两端的电压大小始终为23B rω，MN中电流的大小始终为223B rRωD. 金属棒MN旋转一周的过程中，电路中产生的热量为24 43B rR πω三、填空题15. 如图甲所示，一个圆形线圈的匝数n =100，线圈面积S =200cm 2，线圈的电阻r =1Ω，线圈外接一个阻值R ＝4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示．则线圈中的感应电流方向为______________，（选填“顺时针方向”或“逆时针方向”），2s 末线圈中感应电流的大小为_______________．16. 质量为m 、带电量为q 的微粒，以速度v 与水平方向成45°角进入匀强电场和匀强磁场同时存在的空间（如图所示），微粒在电场、磁场、重力场的共同作用下做匀速直线运动，则带电粒子运动方向为沿____方向（选填“CD ”或“DC ”），带电粒子带______电；磁感应强度的大小为____________．17. 如图甲所示为某兴趣小组测量电池组的电动势和内阻的实验原理图，已知电池组的电动势约为3V ，内阻约为2Ω．现提供器材如下：A ．电池组B ．电阻箱R （0~99.9 Ω）C ．电压表V 1（量程0~10V ）D ．电压表V 2（量程0~3V ）E ．定值电阻R 1=20 ΩF ．定值电阻R 2=1000 ΩH ．开关和导线若干(1)如果要准确测量电源的电动势和内阻，应该选择仪器有： _____________（选填题中字母代号）(2)改变电阻箱的阻值R，记录对应电压表的读数U，作出的11U R图象如图乙所示，图线与横、纵坐标轴的截距分别为-b、a，定值电阻的阻值用R0表示，则可得该电池组的电动势为_______，内阻为_______；测得的电动势与真实值比_______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）．18. 某同学想测量一个量程为3V的直流电压表的内阻（约几十kΩ），实验时用多用表的欧姆档去直接测量．（1）应该将欧姆档的选择开关拨至倍率_______档；（2）根据图B所示，直流电压表的内阻为_______Ω（结果保留2位有效数字）；（3）如果将欧姆档的选择开关拨至×100倍率档，欧姆调零后再次测量，观察到此时直流电压表的读数为2.8V，则电路中的电源电动势约为_________V（结果保留2位有效数字）．四、计算题19. 如图甲所示，正方形导线框abcd匀速穿过一匀强磁场区域．磁场区域的宽度为L、磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外；导线框的电阻为R，边长为2L，在穿过磁场的整个过程中，导线框ab、cd两边始终保持与磁场边界平行，导线框平面始终与磁场方向垂直；导线框的速度大小为v，方向垂直于cd边，规定电流沿a→b→c→d→a为正方向．（1）请在图乙中作出cd边进入磁场到ab边离开磁场过程中，导线框中感应电流随位移变化的i - x图像；（2）求在上述过程中导线框所产生的焦耳热Q ．20. 在真空中速度为v＝6.4×107m/s的电子束连续地射入两平行极板之间．极板长度为l＝8.0×10-2m，间距为d＝5.0×10-3m．两极板不带电时，电子束将沿两极板之间的中线通过，如图所示．在两极板上加一如图所示的交变电压U＝U0sin100πt（V），如果所加电压的最大值U0超过某一值U c时，将开始出现以下现象：电子束有时能通过两极板，有时间断，不能通过．已知电子的比荷e/m=1.76×1011C/kg．求：（1）电子穿越平行板电容器的时间t；（2）U c的大小；（结果保留二位有效数字）（3）U0为何值才能使通过的时间Δt1跟间断的时间Δt2之比为Δt1∶Δt2＝2∶1．（结果保留三位有效数字）21. 如图所示的平面直角坐标系xOy，在第I象限内有平行于x轴的匀强电场，方向沿+x轴方向，在第II象限的三角形PQM区域（含边界）内有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直xOy平面向里．一个带负电的粒子总是从P点沿+y轴方向射入磁场．已知P点坐标为（-L,0），Q点坐标为（-L，L），M点坐标为（0，L），粒子质量为m，电荷量为-q，不计粒子重力．（1）若粒子从P点射入的速度大小为qLB/m，求粒子从P点射入到刚离开磁场这段时间内平均速度的大小和方向．（2）若粒子从P点射入后，最终能从x轴上的P、O点间射出，这粒子从P点射入的最大速度为多少？22. P、Q为竖直放置的平行金属板，将如图所示电压U加在两板上，且U为正时P板电势高．一质量m=6.4×10-13kg，电量q=3.2×10-10C的带正电粒子从t1=0.2×10-2s时刻开始由静止从P板向Q板运动．已知PQ 两板间距L=1.0m，则粒子由P板出发后，将以多大的动能撞击Q板．（粒子重力不计）。
福建省福州一中高二物理上学期期中试卷(含解析)
2014-2015学年福建省福州一中高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分）1．关于静电场，以下说法正确的是（）A．电场强度的大小，与试探电荷的电量成反比B．初速度为零的电荷在电场中，运动轨迹一定与电场线重合C．电场强度的方向就是电荷的受力方向D．同一电荷放在电场强度大的地方受到的静电力大2．关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导线截面的电量越多，电流越大B．由R=，电阻与电流成反比，电阻与电压成正比C．金属导电时，其中的自由电子除做无规则热运动外，还做定向运动，电流的大小与自由电子定向移动的速率有关D．金属靠自由电子导电，金属的温度升高时，自由电子的平均热运动速率增大，金属导体中的电流增大3．如图所示，半径相同的两个金属小球A、B带有电荷量大小相等的电荷．相隔一定的距离，两球之间的相互吸引力大小为F．今用第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B 两个球接触后移开．这时，A、B两个球之间的相互作用力大小是（）A．B．C．D．4．在静电场中，将一个电子由a点移到b点，电场力做功5eV，下面判断中正确的是（）A．电场强度的方向一定由b指向aB．电子的电势能减少了5eVC． a、b两点电势差U ab=5VD．电势零点未确定，故a、b两点的电势没有确定值5．如图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力的作用下，做以Q为焦点的椭圆运动，电子从M点经P到达N点．P点是轨道上离Q最近的点，电子在从P到达N点的过程中（）A．速率增大B．加速度增大C．是从低电势到高电势的位置D．电势能增大6．电流表的内阻是Rg=500Ω，满刻度电流值是Ig=1mA，现欲把这个电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个约500Ω的电阻B．应并联一个约500Ω的电阻C．应串联一个约0.05Ω的电阻D．应并联一个约0.05Ω的电阻7．如图所示的电解池接入电路后，在t秒内有n1个一价正离子通过溶液内某截面S，有n2个一价负离子通过溶液内某截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是（）A．当n1=n2时，电流为零B．当n1＞n2时，电流方向从A→B，电流为I=C．当n1＜n2时，电流方向从B→A，电流为I=D．无论n1、n2大小如何，电流方向都从A→B，电流都为I=8．如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子（不计重力）以速度v M经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度v N折回N点．则（）A．粒子受电场力的方向一定由M指向NB．粒子在M点的速度一定比在N点的大C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大D．电场中M点的电势一定高于N点的电势9．某匀强电场方向竖直向上，场强大小为E；一质量为m、带电量为+q的小球以某一初速度竖直向下做匀减速直线运动，其加速度大小为a=小球运动距离S时速度变为零．则在此过程中（）A．电场力做功qES B．小球的电势能增加了qESC．小球的重力势能减少了qES D．物体的动能减少了qES10．如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab中点．a、b电势分别为φa=5V，φb=3V，下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为4VB． a点处的场强E a一定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D．一正电荷运动到c点时受到的电场力由c指向a11．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B．保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向下运动12．如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的点电荷q（负电荷），当把该点电荷释放，它只在电场力作用下运动时，下列说法正确的是（）A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到速度为零13．如图中虚线为匀强电场中的等势面，两粒子M、N质量相等，所带电荷量的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点A、B、C为实线与虚线的交点，已知O点电势高于C点．若不计重力，则（）A． M带负电荷，N带正电荷B． N在A点的速率与M在C点的速率相等C． N在从O点运动至A点的过程中克服电场力做功D． M在从O点运动至B点的过程中，电场力对它做的负功二、填空题（本题共8空，每空2分，共16分）14．一段导体电阻是5Ω，1.5分钟内所通过的电量是45C．则导体两端的电压为V．15．一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L的均匀细丝后，其电阻值为Ω16．如图所示，A、B两端接直流稳压电源，U ab=30V，滑动变阻器总阻值为40Ω，滑动片P 处于变阻器的中点，C、D两端电压U cd= V；若C、D两端接入一个20Ω的电阻，则U cd= V．17．一个未知电阻，无法估计其电阻值，某同学用伏安法测量此电阻，用图（a）（b）两种电路各测一次，用（a）图所测数据为3.0V，3.0mA，用（b）图测得的数据是2.9V，4.0mA，由此可知，用图测得R x的误差较小，测量值R x= Ω．18．在空间某一区域，有一匀强电场，一质量为m的液滴，带正电荷，电量为q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为，方向．三、计算题（本题共3小题，10分+10分+12分=32分）解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.19．如图所示电路中，电池组的电动势E=42V，内阻r=2Ω，定值电阻R=20Ω，D是电动机，其线圈电阻R′=1Ω．电动机正常工作时，理想电压表示数为20V．求：（1）通过定值电阻R的电流；（2）电动机的电功率；（3）电动机输出的功率．20．两个半径均为R的圆形平板电极，平行正对放置，相距为d，极板间的电势差为U，板间电场可以认为是匀强电场．一个质量为m，电荷量为q正粒子从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向指向圆心射入两极板之间，到达负极板时恰好落在极板圆心．忽略重力和空气阻力的影响，求：（1）两极板间的电场强度E的大小；（2）正粒子在极板间运动的加速度a的大小；（3）正粒子的初速度v0的大小．21．如图所示，空间存在着电场强度为E=2.5×103N/C、方向竖直向上的匀强电场，一长为L=0.5m的绝缘细线，一端固定在O点，一端拴着质量m=5×10﹣3kg、电荷量q=4×10﹣5C的小球．现将细线拉直到水平位置A，使小球由A静止释放，则小球能运动到最高点．不计阻力．取g=10m/s2．求：（1）小球的电性．（2）细线在最高点受到的拉力．（3）若小球刚好运动到最高点时细线断裂，则细线断裂后小球继续运动到与O点水平方向距离为细线的长度L时，小球距OA所在水平面的高度．四、附加题（本小题10分）附加题以外分值达到80分时，附加题的分值方可计入总分，总分不超过100分．2004秋•宝山区期末）如图所示a所示，A和B表示在真空中相距为d的两平行金属板，加上恒定电压后，它们之间的电场可看成匀强电场．有一如图b所示的周期性变化的电压u，它的最大值在正半周内恒为+U0，在负半周内恒为﹣U0，现将这一周期性变化的电压加在A、B两板上，设t=0时，A板电势比B板高，这时在紧靠B板处有一初速为零的电子（质量为m，电量为e）在板间电场作用下开始运动．要想使这个电子到达A板时具有最大的动能，则所加电压的变化周期最小不能小于多少（结果用所供的物理量的符号表示）？2014-2015学年福建省福州一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分）1．关于静电场，以下说法正确的是（）A．电场强度的大小，与试探电荷的电量成反比B．初速度为零的电荷在电场中，运动轨迹一定与电场线重合C．电场强度的方向就是电荷的受力方向D．同一电荷放在电场强度大的地方受到的静电力大考点：电场强度．分析：电场强度是描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关．场强方向是放在该点的正电荷所受电场力方向；电场线是人们为形象描述电场而假想的，实际不存在；电场线与带电粒子的运动轨迹无直接关系，其轨迹是由力和初速度共同决定解答：解：A、电场强度是描述电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关，不能说电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比．故A错误；B、静止释放的点电荷的运动轨迹是由电场力决定，当电场力的方向不变时，其轨迹是直线，即与电场线重合；当电场力的方向变化时，其轨迹是曲线，并不与电场线重合；运动轨迹是由力和初速度共同决定，故B错误．C、电场强度的方向就是正电荷的受力方向，与负电荷受力方向相反，故C错误；D、由F=qE可得，同一电荷放在电场强度大的地方受到的静电力大，故D正确；故选：D点评：电场强度的定义式E=具有比值定义法的共性，定义出场强只与电场本身有关，与放入电场的试探电荷所受的电场力、电荷量大小无关；明确电场线是人们为形象描述电场而假想的，实际不存在；电场线与带电粒子的运动轨迹无直接关系，题目较简单2．关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导线截面的电量越多，电流越大B．由R=，电阻与电流成反比，电阻与电压成正比C．金属导电时，其中的自由电子除做无规则热运动外，还做定向运动，电流的大小与自由电子定向移动的速率有关D．金属靠自由电子导电，金属的温度升高时，自由电子的平均热运动速率增大，金属导体中的电流增大考点：电流、电压概念；电功、电功率．分析：电流为通过导体截面的电量与所用时间的比值；电阻是导体本身的性质，与电压及电流无关；电流大小与自由电子的热运动无关．解答：解：A、通过导线截面的电量多，但如果用的时间长，则电流强度不一定大；故A 错误；B、电流强度取决于电荷的定向移动速度，速率大电流强度不一定大；故B错误；C、金属导电时，其中的自由电子除作无规则的热运动外，还作定向运动，电流的大小是由定向运动的速率决定的；故C正确；D、电流与自由电子的热运动无关，温度变大时金属导体中的电阻增大，电流是减小的；故D错误；故选：C．点评：本题考查电流的定义、电阻的定义等，要注意明确电子的速率可能是无规则运动的速率．3．如图所示，半径相同的两个金属小球A、B带有电荷量大小相等的电荷．相隔一定的距离，两球之间的相互吸引力大小为F．今用第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B 两个球接触后移开．这时，A、B两个球之间的相互作用力大小是（）A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：理解库仑定律的内容，知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分，然后根据各种情况列库仑定律方程，然后两式比较即可正确求解．解答：解：两球之间的相互吸引力，则两球带等量异种电荷；假设A带电量为Q，B带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是：F=k第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为：C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为：﹣这时，A、B两球之间的相互作用力的大小：F′=k=，故A正确；BCD错误．故选：A．点评：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分，根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量熟练应用库仑定律即可求题．4．在静电场中，将一个电子由a点移到b点，电场力做功5eV，下面判断中正确的是（）A．电场强度的方向一定由b指向aB．电子的电势能减少了5eVC． a、b两点电势差U ab=5VD．电势零点未确定，故a、b两点的电势没有确定值考点：电势能；电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电子在电场中移动时，根据电场力做功不能确定场强方向．电场力做正功多少，电子的电势能就减小多少．由公式U=求出a、b两点电势差U ab．由题，电势零点未确定，a、b两点的电势没有确定值．解答：解：A、由题，电子由a点移到b点，电场力做功5eV，电子的位移方向不沿b到a，电场强度的方向不一定由b指向a．故A错误．B、由于电场力对电子做功5eV，电子的电势能就减少了5eV．故B正确．C、a、b两点电势差U ab===﹣5V．故C错误．D、电势是相对的，是相对零电势点的，根据已知条件只能求出a、b间电势差，不能确定a、b两点的电势．故D正确．故选BD．点评：在应用公式U=解题时，U、W、q都要代入符号求解，还要注意电荷移动的方向和电势差的顺序．基本题．5．如图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力的作用下，做以Q为焦点的椭圆运动，电子从M点经P到达N点．P点是轨道上离Q最近的点，电子在从P到达N点的过程中（）A．速率增大B．加速度增大C．是从低电势到高电势的位置D．电势能增大考点：库仑定律；电势能．分析：根据影响速度和电势能大小的因素来分析速度和电势能的变化，找到转化的方向．而加速度则根据牛顿第二定律，结合库仑力大小来确定．沿电场线方向电势逐渐降低．解答：解：AD、当电子从P点向N点运动时，库仑力负功，运动的速度减小，所以动能减小，对于电势能增加．所以A错误，D正确；B、由F=可知，从P到达N点的过程中，库仑力减小，故加速度减小，故B错误；C、Q带正电，根据电场线的分布可知，P点电势最高，故C错误；故选：D．点评：考查牛顿第二定律与库仑定律等规律，掌握库仑力做功的特点，库仑力做正功，电势能减小，库仑力做负功，电势能增加．6．电流表的内阻是Rg=500Ω，满刻度电流值是Ig=1mA，现欲把这个电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个约500Ω的电阻B．应并联一个约500Ω的电阻C．应串联一个约0.05Ω的电阻D．应并联一个约0.05Ω的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：把电流表改装成电压表，需要串联分压电阻，由串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．解答：解：把电流表改装成1V电压表，需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值：R=﹣R g=﹣500=500Ω；故选：A．点评：本题考查了电压表的改装，知道电压表改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题．7．如图所示的电解池接入电路后，在t秒内有n1个一价正离子通过溶液内某截面S，有n2个一价负离子通过溶液内某截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是（）A．当n1=n2时，电流为零B．当n1＞n2时，电流方向从A→B，电流为I=C．当n1＜n2时，电流方向从B→A，电流为I=D．无论n1、n2大小如何，电流方向都从A→B，电流都为I=考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由电流的定义式I=进行分析运算，明确电荷量等于正负电量绝对值的和；电流的方向与正电荷定向移动的方向相同．解答：解：由题意可知，流过溶器截面上的电量q=（n1+n2）e；则电流I=；方向与正电荷的定向移动方向相同；故由A到B；故D正确、ABC错误．故选：D．点评：本题考查电解质中电流的计算方法，要注意同时有正负电荷参与时，总电量等于正负电荷电量绝对值的和．8．如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子（不计重力）以速度v M经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度v N折回N点．则（）A．粒子受电场力的方向一定由M指向NB．粒子在M点的速度一定比在N点的大C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大D．电场中M点的电势一定高于N点的电势考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能．专题：压轴题．分析：由粒子的运动情景可得出粒子受到的电场力的方向，由电场力做功的性质可得出电势能及动能的变化；由电势与电势能的关系可判断电势．解答：解：A、由于带电粒子未与下板接触，可知粒子向下做的是减速运动，故电场力向上，A错误；B、粒子由M到N电场力做负功，电势能增加，动能减少，故速度减小，故M点的速度大于N点的速度，故B正确，C错误；D、由于粒子和两极板所带电荷的电性未知，故不能判断M、N点电势的高低，D错误．点评：本题应明确：（1）电场力做正功则电势能减小，电场力做负功则电势能增加；（2）电场力做功要注意电荷的正负极性，极性不同则做功不同．9．某匀强电场方向竖直向上，场强大小为E；一质量为m、带电量为+q的小球以某一初速度竖直向下做匀减速直线运动，其加速度大小为a=小球运动距离S时速度变为零．则在此过程中（）A．电场力做功qES B．小球的电势能增加了qESC．小球的重力势能减少了qES D．物体的动能减少了qES考点：电势能；动能定理的应用．分析：物体所受电场力为F=Eq，方向和电场方向相同，由于运动方向和电场方向相反，故电场力做负功，根据电场力做功情况可以判断电势能的变化；重力势能的变化量等于重力所做的功．根据动能定理求解动能的变化量．解答：解：A、小球所受的电场力方向竖直向上，由于物体所受的电场力和运动方向相反，故电场力做负功，为W=﹣qES，故A错误；B、电场力做负功，电势能增大，则小球的电势能增加了qES，故B错误；C、重力做功mhS，则小球的重力势能减小了mgS；故C错误；D、物体做减速运动，合外力做负功，动能减小，由动能定理得：△E k=﹣F合S=﹣maS=﹣qES，所以物体的动能减少了qES，故D正确．故选：D点评：本题在电场中考察了各种功能关系的转化，正确解答的关键是明确各种功能关系．10．如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab中点．a、b电势分别为φa=5V，φb=3V，下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为4VB． a点处的场强E a一定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D．一正电荷运动到c点时受到的电场力由c指向a考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：只有当该电场是匀强电场时，在c点处的电势一定为4V．根据推论：正电荷在电势高处电势能大，分析正电荷从c点运动到b点电势能如何变化．电场线的疏密可以判断场强的大小．正电荷受到的电场力方向与场强方向相同．解答：解：A、当该电场是匀强电场时，由于沿电场方向相同距离电势差相等，则场在c点处的电势一定为4V．当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不一定为4V．故A错误．B、一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强E a不一定大于b点处的场强E b．故B错误．C、由题，a点的电势高于b点的电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正电荷从c 点运动到b点电势能一定减少．故C正确．D、由题可判断电场线方向从a指向b，正电荷运动到c点时受到的电场力由a指向b．故D 错误．故选C点评：本题要抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的高低．11．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B．保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向下运动考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：当S闭合后，带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，合力为零，电场力与重力平衡．保持S闭合，电容器板间电压不变，若板间距离也不变，板间的场强不变，微粒仍处于静止状态．打开S后，根据电容的决定式C=，分析电容的变化，由电容的定义式C=分析电压的变化．再由E=分析板间场强的变化，即可判断带电微粒的运动状态．解答：解：A、B、保持K闭合，电容器板间电压不变，使滑动片P向左或向右滑动，板间距离不变，则由E=分析得知，板间场强仍保持不变，带电微粒所受的电场力不变，仍处于静止状态．故A正确，B错误．C、D、由C=，C=，E=得到极板间场强E=，E与板间距离无关，故使两极板靠近，板间场强不变，带电微粒所受的电场力不变，则带电微粒仍处于静止状态，故CD 错误．故选：A．点评：本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变．12．如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的点电荷q（负电荷），当把该点电荷释放，它只在电场力作用下运动时，下列说法正确的是（）A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到速度为零考点：电场线；牛顿第二定律．分析：M、N为两个等量的正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P 点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不确定．越过O点后，负电荷q做减速运动，点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值，加速度变化情况同样不确定解答：解：A、点电荷在从P到O的过程中，所受的电场力方向竖直向下，做加速运动，所以速度越来越大，因为从O向上到无穷远，电场强度先增大后减小，P到O的过程中，电场强度大小变化不能确定，所以电场力无法确定，加速度不能确定．故A错误，B错误．C、点电荷运动到O点时，所受的电场力为零，加速度为零，然后向下做减速运动，所以O 点的速度达到最大值．故C正确．D、越过O点后，负电荷q做减速运动，速度越来越小，同理加速度的大小无法确定．故D 错误．故选：C点评：本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性进行分析求解，注意从O点向上或向下的过程，电场强度都是先增大后减小13．如图中虚线为匀强电场中的等势面，两粒子M、N质量相等，所带电荷量的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点A、B、C为实线与虚线的交点，已知O点电势高于C点．若不计重力，则（）A． M带负电荷，N带正电荷B． N在A点的速率与M在C点的速率相等C． N在从O点运动至A点的过程中克服电场力做功D． M在从O点运动至B点的过程中，电场力对它做的负功考点：等势面．分析：根据粒子的轨迹可判断粒子的电场力方向，O点电势高于C点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可判断出电场方向，从而确定出粒子的电性．由动能定理可知，N在A点的速度与M在C点的速度大小相等，但方向不同．N从O点运动至A点的过程中电场力做正功．O、B间电势差为零，由动能定理可知电场力做功为零．解答：解：A、由题，等势线在水平方向，O点电势高于C点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可知电场方向竖直向下，根据粒子的轨迹可判断出N粒子所受的电场力方向竖直向上，M粒子所受的电场力方向竖直向下，故知N粒子带负电，M带正电．故A错误．B、由动能定理可知，N在A点的速度与M在C点的速度大小相等，但方向不同．故B正确．C、N从O点运动至A点的过程中电场力与速度的夹角为锐角，电场力做正功．故C错误．D、O、B间电势差为零，由动能定理可知M从O点运动至B点的过程中，电场力对它做功为零．故D错误．故选：B点评：本题要根据粒子的轨迹判定电场力方向，根据电场线与等势线垂直的特点，分析能否判定电性．由动能定理分析电场力做功是常用的方法．二、填空题（本题共8空，每空2分，共16分）14．一段导体电阻是5Ω，1.5分钟内所通过的电量是45C．则导体两端的电压为 2.5 V．考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：知道1.5min通过该导体的电量，根据I=求出通过的电流，又知道导体的电阻，根据欧姆定律求出导体两端的电压．。
2015年福州一中自主招生物理试题(解析版) (1)
福州一中2015年高中招生（面向福州以外地区）综合素质测试物理试卷学 校 姓 名 准考证号一、选择题（每小题仅有一个选项是正确的，请将正确答案用．．．．．．．2B ．．铅笔填涂在答题卡上．．．．．．．．．） 9.在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是( ) A ．将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化 B ．在一通电线圈旁放置一连有电流表的线圈，然后观察电流表的变化C ．将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表相连。
往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D ．绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观 察电流表的变化10.如图1所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P 在支撑点M 、N 处受力的方向，下 列说法正确的是( )A .M 处受到的支持力竖直向上B .N 处受到的支持力竖直向上C .M 处受到的摩擦力沿MN 方向D .N 处受到的摩擦力沿水平方向11.今年是爱因斯坦狭义相对论发表110周年，根据他的理论，物体在运动方向的长度会缩短。
静止时沿东西方向水平放置、长为0l 的直尺，当它以恒定速度v 向东运动时，地面上观测者测得直尺在运动方向的长度为l，它们之间的关系可用l l =c 为光在真空中传播的速度。
若该直尺与水平方向成θ角向东运动，则地面上观测者测得的直尺长度是( )A.B.12.随着信息安全日趋重要,怎样保密通信已成为当今最为紧迫的问题之一。
目前我国科学家在利用单光子偏振态进行量子密钥传输研究领域处于世界领先地位。
爱因斯坦的光子说认为，光是一份一份地连续传播的，每一份叫做一个光子，每个光子的能量为E h ν=，其中346.6310h -=⨯J ⋅s ，ν为光的频率。
据此理论，波长为810nm （1nm =10-9m ）的单光子能量约为( )A . 1710-JB . 1910-JC . 2110-JD . 2310-J 二、填空题 （请将答案填写在答题卡的相应位置上．．．．．．．．．．．．．．．．） 15. (2分)一辆汽车做直线运动，以速度v 行驶2/3的路程，接着以20km/h 的速度行驶完余下的1/3路程，若全程的平均速度是28km/h ，则v 是 km/h .16.(2分)某人坐在理发镜前，眼睛离前方墙上宽为0.5m 的平面镜1m ，他从镜中恰好看到背后墙上2.5m 宽的地方，则此镜与人背后的墙相距 m 。
福建省福州市八县(市)一中2014-2015学年高二物理上学期期中联考试题(含解析)新人教版
福建省福州市八县〔市〕一中2014-2015学年上学期期中联考高二物理试卷一．选择题〔如下各题只有一个正确答案，请把正确选项填在答题卡的相应位置上，每一小题4分，共48分〕1．请用学过的电学知识判断如下说法正确的答案是〔〕A．电工穿绝缘衣比穿金属衣安全B．有金属外壳的家用电器供电线路接地或不接地对人体都是安全的C．制作汽油桶的材料用金属比用塑料好D．打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要危险考点：家庭电路和安全用电知识．.分析：穿金属的衣服和呆在汽车里时，可以对里面的人体起到静电屏蔽作用，从而可以保护人的安全，由于塑料和油摩擦容易起电，用塑料的话，产生的静电荷不易泄漏，反而会早造成危险．解答：解：A、电力工人高压带电作业，全身穿戴金属丝网制成的衣、帽、手套、鞋，可以对人体起到静电屏蔽作用，使人安全作业．所以A错误．B、有金属外壳的家用电器供电线路只有有效接地后才能对人产生安全保护；故B错误；C、因为塑料和油摩擦容易起电，产生的静电荷不易泄漏，形成静电积累，造成爆炸和火灾事故．所以C正确．D、一辆金属车身的汽车也是最好的“避雷所〞，一旦汽车被雷击中，它的金属构架会将闪电电流导入地下．所以D错误．应当选：C．点评：掌握住根本的知识，对于生活中的一些现象要能够用所学的知识来解释．2．〔4分〕对常温下一根阻值为R的均匀金属丝，如下说法正确的答案是〔〕A．常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的2倍，如此电阻变为2RB．常温下，假设将金属丝从中点对折起来使用，如此电阻变为C．给金属丝加上的电压从0增大到U0，如此任一状态下的比值不变D．给金属丝加上的电压从0增大到U0，如此比值逐渐减小考点：电阻定律．.专题：恒定电流专题．分析：导体的电阻 R 与它的长度 L 成正比，与它的横截面积 S 成反比，还与导体的材料有关系，这个规律叫电阻定律．解答：解：A、常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的2倍，横截面积减小为0.5倍，电阻率不变，根据电阻定律，电阻增大为4倍，故A错误；B、常温下，假设将金属丝从中点对折起来，长度变为一半，横截面积变为2倍，故电阻变为0.25倍，故B正确；C、D、给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，由于功率增加，导致温度会略有升高，故金属丝的电阻率会变大，由于截面积和长度均不变，根据电阻定律可得电阻值变大；再根据欧姆定律可以得到比值变大，故C错误，D错误；应当选：B．点评：此题关键要能熟练运用电阻定律，同时要明确电阻率的物理意义和温度对其的影响．3．〔4分〕如下列图，一簇电场线的分布关于y轴对称，O是坐标原点，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四个点，其中M、N在y轴上，Q点在x轴上，如此如下说法正确的答案是〔〕A．M点的电势比P点的电势高B．O M间的电势差小于NO间的电势差C．一正电荷在O点时的电势能小于在Q点时的电势能D．将一负电荷由M点移到P点，电场力不做功考点：电场线；电势．.分析：解答此题需要掌握：根据电场线方向判断电势上下；灵活应用公式U=Ed判断两点之间电势差的上下；根据电势上下或电场力做功情况判断电势能的上下；正确判断电荷在电场中移动时电场力做功的正负．解答：解：A、根据电场线与等势线垂直特点，在M点所在电场线上找到p点的等势点，根据沿电场线电势降低可知，P点的电势比M点的电势高，故A错误；B、根据电场分布可知，OM间的平均电场强度比NO之间的平均电场强度小，故由公式U=Ed可知，OM间的电势差小于NO间的电势差，故B正确；C、O点电势高于Q点，根据E p=φq可知，正电荷在O点时的电势能大于在Q点时的电势能，故C错误；D、M点的电势比P点的电势低，负电荷从低电势移动到高电势电场力做正功，故D错误．应当选：B．点评：电场线、电场强度、电势、电势差、电势能等物理量之间的关系以与大小比拟，是电场中的重点和难点，在平时训练中要加强这方面的练习，以加深对概念的理解．4．〔4分〕在第二十九届奥运会上“绿色、科技、人文〞的理念深入人心．如在奥运村与奥运场馆内大量使用太阳能路灯，其光电转换装置在阳光照射下把太阳能转换为电能储存起来，供夜晚照明使用．在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达20%，可产生24V电压、2.0A 的电流，如此每秒该路灯可转化为电能的太阳能为〔〕A．240 J B．360 J C．480 J D．500J考点：电功、电功率；能量守恒定律．.分析：根据电流做功公式计算路灯正常工作消耗的电功率，然后结合太阳能电池的光电转换效率为20%计算电池板吸收太阳能的功率，即每秒该路灯可转化的太阳能．解答：解：路灯正常工作消耗电功率：P=UI=24×2W=48W假设设电池组吸收太阳能的功率为P′，如此有：P=20%•P′，即：P′=240W；W′=P′t=240×1J=240J即：每秒该路灯可转化的太阳能为240J应当选：A．点评：此题考查学生综合运用欧姆定律，功率公式，电功公式与效率公式灵活计算有关物理量的能力，知识的系统化很重要．5．〔4分〕灵敏电流计指针偏转方向与电流方向的关系为：电流从左边接线柱流进电流计，指针向左偏，电流从右边接线柱流进电流计，指针向右偏．如果在导电液体的深度h发生变化时观察到指针正向右偏转，如此〔〕A．导体芯A所带电荷量在增加，液体的深度h在增大B．导体芯A所带电荷量在减小，液体的深度h在增大C．导体芯A所带电荷量在增加，液体的深度h在减小D．导体芯A所带电荷量在减小，液体的深度h在减小考点：电容．.专题：电容器专题．分析：电容器始终与电源相连，两端间电势差不变，通过C的变化判断所带电量的变化．从而判断电流的流向．解答：解：电流计指针向右偏转，说明流过电流计G的电流由右→左，如此导体芯A所带电量增大，电容两端间的电势差不变，由Q=CU可知，芯A与液体形成的电容器的电容增大，根据C=，知正对面积增大，如此液体的深度h在增大，故A正确．B、C、D 错误．应当选：A．点评：解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量．假设电容器与电源断开，电量保持不变；假设电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变．6．〔4分〕某带电粒子在匀强电场中的运动时，只在电场力作用下由a点运动到b点的轨迹〔虚线所示〕，图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势面，如此如下说法正确的答案是〔〕A．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点的电势高B．不论图中实线是电场线还是等势面，带电粒子在a点电势能都比在b点电势能大C．如果图中实线是电场线，带电粒子在b点动能较大D．如果图中实线是等势面，带电粒子在a点电势能较大考点：带电粒子在匀强电场中的运动；等势面．. 专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：由轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确定电场线的方向，判断电势上下．匀强电场中场强处处大小相等．根据电场力方向与速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在a点与b点动能的大小．根据电场力做功判断电势能的变化．解答：解：A、假设图中实线是电场线，电场力水平向右，由于电荷的电性未知，无法确定电场强度的方向，如此无法比拟a、b两点的电势上下；假设实线是等势面，由于电场线与等势面垂直，电荷所受电场力方向向下，由于电性未知，如此无法确定电场强度的方向，无法比拟电势的上下．不论图中实线是电场线还是等势面，都无法比拟电势的上下．故A错误．B、如果图中实线是电场线，所受的电场力水平向右，电场力对电荷做正功，电荷电势能减小，电荷在a点的电势能比在b点的电势能大．假设实线为等势线，如此电场力的方向竖直向下，从a到b电场力做负功，电势能增大，即a点电势能比b点电势能小．故B错误，D错误．C、如果图中实线是电场线，所受的电场力水平向右，电场力对电荷做正功，动能增加，如此带电粒子在b点的动能较大，故C正确．应当选：C．点评：物体做曲线运动时，所受合力指向轨迹弯曲的内侧，根据轨迹的弯曲方向要能判断出物体合力的大致方向．7．〔4分〕如下列图，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，如此如下说法正确的答案是〔〕A．R1：R2=3：1B．把R1拉长到原来的3倍长后电阻等于R2C．将R1与R2串联后接于电源上，如此功率之比P1：P2=3：1 D．将R1与R2并联后接于电源上，如此电流比I1：I2=3：1考点：欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：通过I﹣U图象得出两电阻的关系．串联电路电流相等；并联电路，电压相等；结合公式P=UI和U=IR分析即可．解答：解：A、解答：根据I﹣U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：3．故A 错误．B、把R 1拉长到原来的3倍长后，横截面积减小为原来的，根据电阻定律公式R=，电阻增加为9倍，变为R2的3倍，故B错误；C、串联电路电流相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1：I2=1：1；又由于R1：R2=1：3．根据P=UI=I2R，功率之比为1：3，故C错误．D、并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1．根据公式P=UI，功率之比为3：1，故D正确．应当选：D．点此题关键是明确I﹣U图象的斜率的倒数表示电阻，然后结合电阻定律、欧姆定律和电评：功率表达式分析，不难．8．〔4分〕如下列图，从炽热的金属丝漂出的电子〔速度可视为零〕，经加速电场加速后从两极板中间垂直射入偏转电场．电子的重力不计．在满足电子能射出偏转电场的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是〔〕A．同时增大加速电压和偏转电压B．同时增大加速电压和偏转电极间的距离C．增大加速电场间的电压，同时减小偏转电压D．增大偏转电极间的电压，减小偏转电极间的距离考点：带电粒子在匀强电场中的运动．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子经电场加速后，进入偏转电场，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出电子离开电场时数值方向分速度，表示出偏转角正切值的表达式，从而判断使偏转角变大的方法．解答：解：根据动能定理：eU1=，粒子离开偏转电场时速度方向与水平方向夹角的正切值为：tanα=，A、同时增大加速电压和偏转电压，偏转角不一定增大．故A错误．B、同时增大加速电压和偏转电极间的距离，偏转角不一定增大，故B错误．C、增大加速电场间的电压，减小偏转电压，如此偏转角一定变小，故C错误．D、增大偏转电极间的电压，减小偏转电极间的距离，如此偏转角一定变大，故D正确．应当选：D．点评：此题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成，常规问题．9．〔4分〕如下列图，水平粗糙绝缘杆从物体A中心的孔穿过，A的质量为M，用绝缘细线将另一质量为m的小球B与A连接，整个装置所在空间存在水平向右的匀强电场E，A不带电，B带正电且电荷量大小为q，A、B均处于静止状态，细线与竖直方向成θ角．如此如下选项正确的答案是〔〕A．细线中张力大小为B．细线中张力大小为C．杆对A的摩擦力大小为qE D．杆对A的支持力大小为Mg考点：电场强度；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．.分析：AB均处于静止状态，对A、B分别受力分析，应用平衡条件可分别求解力的大小．解答：解：对B受力分析并合成如图：其中电场力 F 电=qE由平衡条件得：细线中张力大小为：T=或 T==；对A受力分析并分解如图：由平衡条件：f=Tsinθ=mgtanθ=qE，N=Mg+Tcosθ=〔M+m〕g，即：杆对A的支持力大小为：N=〔M+m〕g应当选：C点评：此题考查分析物体受力的能力，受力分析时一定要选择适宜的研究对象进展正确的受力分析，应用平衡条件进展求解即可．对于CD两项也可采用选取整体为研究对象的方法，可以一试．10．〔4分〕如下列图，把两个一样的灯泡分别接在甲、乙电路中，甲电路两端的电压为8V，乙电路两端的电压为16V．调节变阻器R1和R2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的功率分别为P1和P2，两电路中消耗的总功率分别为P甲和P乙如此如下关系中正确的答案是〔〕A．P甲=P乙B．P甲＞P乙C．P1＞P2D．P1＜P2考点：电功、电功率．.专题：恒定电流专题．分析：设灯泡的额定电流为I0，额定电压为U0，求解出变阻器消耗的功率和电路中消耗的总功率表达式进展讨论．解答：解：CD、设灯泡的额定电流为I0，额定电压为U0，如此P1=〔8﹣U0〕•2I0，P2=〔16﹣2U0〕•I0，故P1=P2，故C错误，D正确；AB、设灯泡的额定电流为I0，额定电压为U0，如此P甲=8×2I0=16I0，P乙=16×I0=16I0，故P甲=P乙，故A正确，B错误；应当选：A．点评：此题是一道欧姆定律和电功率的综合分析题，必须熟练掌握串并联电路的特点才能分析．11．〔4分〕如下列图，绝缘水平面上有两个质量均为m、电荷量均为+Q的物体A和B〔A、B 均可视为质点〕，与水平面间的动摩擦因数均为μ，当它们间的距离为r时，两物体恰好静止〔最大静摩擦力等于滑动摩擦力〕．如果仅将A的电荷量增至+4Q，两物体在图示位置开始运动，当它们的运动速度达到最大时，A、B 两物体各自运动的距离为〔〕A．A运动距离为r，B运动距离为r B．A、B运动距离各为rC．A、B运动距离各为r D．A运动距离为零，B运动距离为r考点：库仑定律；共点力平衡的条件与其应用．.分析：两个物体水平方向均是受静电斥力和静摩擦力，根据平衡条件求解静摩擦力；当增加A电荷的电量后，两电荷受到库仑斥力运动，当所受的库仑斥力与摩擦力相等时，加速度为零，此时速度最大，根据这一关系求出两电荷的距离．解答：解：对A受力分析如下列图，因A处于静止状态，故有库仑力F大小等于静摩擦力f大小，所以f==μmg当加速度为0时，速度最大，此时库仑力大小F′等于滑动摩擦力大小f′，即：f′=μmg=F′=解得：r′=2r所以A、B各运动的距离为：S==故B正确、ACD错误．应当选：B．点评：解决此题的关键掌握库仑定律的公式F=k，以与知道电荷所受的库仑力与摩擦力相等时，即加速度为零时，速度最大．12．〔4分〕如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1带正电，a、b两点在它们连线的延长线上．现有一带正电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动〔粒子只受电场力作用〕，粒子经过a、b两点时的速度分别为v a、v b，其速度图象如图乙所示．以下说法中正确的答案是〔〕A．整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大B．Q1的电量一定小于Q2的电量C．b点的电场强度一定为零，电势不一定为零D．Q1、Q2一定是同种电荷考点：电场强度；匀变速直线运动的图像；电场线．.分析：速度时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度，可见a到b做加速度减小的减速运动，到b点加速度为0．从而知道b点的电场力与电场强度．通过B点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小．通过能量守恒判断电势能的变化．解答：解：A、整个运动过程中，粒子的动能先减小后增大，根据能量守恒知其电势能先增大后减小．故A错误．BD、从速度图象上看，可见a到b做加速度减小的减速运动，在b点时粒子运动的加速度为零，如此电场力为零，所以该点场强为零．Q1对负电荷的电场力向右，如此Q2对负电荷的电场力向左，所以Q2带正电．b 点场强为零，可见两点电荷在b点对负电荷的电场力相等，根据F=k，b到Q1的距离大于到Q2的距离，所以Q1的电量一定大于Q2的电量．故B、D错误．C、由上分析知b点的电场强度一定为零，但电势是相对的，电势零点可人为选择，所以电势不一定为零，故C正确．应当选：C点评：解决此题的关键根据图象b点的加速度为0，根据这一突破口，从而判断Q2的电性与Q1和Q2的电量大小．三、填空实验题〔共16分，每空2分，作图各2分〕13．〔4分〕如下列图，M、N间电压恒定，当开关S合在a点时，电压表示数为5.5V，电流表示数为0.2A；当开关S合在b点时，电压表示数为6V，电流表示数为0.1A，可以推断〔1〕电流表的内阻是 2.5 Ω．〔2〕Rx的真实值57.5 Ω．考点：伏安法测电阻．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：此题〔1〕的关键是首先根据题意求出M、N间的电压，再根据开关合在a点时电压表与电流表示数可求出电流表的内阻；题〔2〕根据开关合在b点时的电压表与电流表示数即可求出待测电阻的阻值．解答：解：〔1〕：设M、N间电压为U，当s在b点时，应有：U==6V，当s合在a点时，根据欧姆定律应有：U﹣5.5=0.2解得：=2.5Ω；〔2〕：当s合在b点时，应有：U=I〔〕，解得：==57.5Ω；答：〔1〕电流表的内阻为2.5Ω；〔2〕的真实值为57.5Ω点评：明确电路的串并联关系，然后根据欧姆定律以与串并联规律即可求解．14．〔4分〕在测定金属电阻率的实验中，某同学连接电路如图〔a〕所示．闭合开关后，发现电路有故障〔电源、电表和导线均完好，电源电动势为E〕：〔1〕假设电流表示数为零、电压表示数为E，如此发生故障的是待测金属丝断路．〔填“待测金属丝〞、“滑动变阻器〞或“开关〞〕．〔2〕实验中用螺旋测微器测得金属丝的直径如图〔b〕所示，其示数D=0.700 mm．考点：测定金属的电阻率．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据电路故障现象分析电路故障原因；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：〔1〕如果待测金属丝断路，电路断路，电流表示数为零，电压表接在电源两端，测电源电动势，电压表示数为E，如此电路故障是：待测金属丝断路．〔2〕螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.700mm．故答案为：〔1〕待测金属丝；〔2〕0.700．点评：此题考查了电路故障分析，电路故障检测，可以用电压表或欧姆表检查电路故障，使用欧姆表检查电路故障时，应断开电源．对于根本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些根本仪器进展有关测量．15．有一只标值为“2.5V，x W〞的小灯泡，其额定功率的标值已模糊不清．某同学想通过测绘灯丝伏安特性曲线的方法来测出该灯泡的额定功率．①小灯泡的灯丝电阻约为5Ω，请先在图甲中补全用伏安法测量灯丝电阻的电路图，再选择电流表、电压表的适宜量程，并按图甲连接方式将图乙中的实物连成完整的电路．②开关S闭合之前，将图乙中滑动变阻器的滑片应置于B端〔选填“A端〞、“B端〞或“AB正中间〞〕③该同学通过实验作出了灯丝的伏安特性曲线如图丙所示，如此小灯泡的额定功率为 1.1 W．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．.专题：实验题．分析：①电压电流需从零测起，滑动变阻器采用分压式接法，通过灯泡电阻的大小确定电流表的内外接．根据电路图连线实物图．②滑动变阻器采用分压式接法，闭合电键前，使得测量电路局部处于短路状态，保护测量电路局部．③根据I﹣U图线找出电压为2.5V时的电流，从而根据P=UI求出额定功率．解解：①测定伏安特性电压电流需从0开始测起，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的答：电阻约为5Ω，属于小电阻，电流表采取外接法．灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选择3V量程的，灯泡的额定电流在0..44A，如此电流表量程选择0.6A的，电路图和实物连线图如如下图．②开关S闭合之前，将图乙中滑动变阻器的滑片应置于B端，使测量电路局部处于短路状态，闭合电键时，电压表、电流表示数为零，起到保护作用．③当电压U=2.5V时，I=0.44A，根据P=UI=2.5×0.44W=1.1W．故答案为：①电路图如甲图所示，实物连线图如乙图所示．②B端．③1.1点评：解决此题的关键掌握滑动变阻器分压式和限流式接法的区别，知道电流表内外接的区别．三、计算题〔此题共4小题，共36分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分．有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位．〕16．〔6分〕如图为实验室常用的两个量程的电流表原理图．当使用O、A两接线柱时，量程为0.6A；当使用O、B两接线柱时，量程为3A．电流计的内电阻为R g=100Ω，满偏电流为Ig=100mA．求分流电阻R1和R2的阻值．考点：把电流表改装成电压表；伏安法测电阻．.专实验题；恒定电流专题．题：分析：把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律求出并联电阻阻值．解答：解：由图示电路图可知：接OA接线柱时：I g R g=〔I1﹣I g〕〔R1+R2〕接OB接线柱时：I g〔R g+R2〕=〔I1﹣I g〕R1，代入数值联立解得：R1=4Ω，R2=16Ω；答：分流电阻R1和R2的阻值分别为：4欧姆、16欧姆．点评：电压表是电流表与分压电阻串联而成，当电压表达到量程时通过电流表的电流应为满偏电流．17．〔8分〕电动摩托车是目前一种较为时尚的代步工具，某厂生产的一种电动摩托车，设计质量〔包括人〕为m=120kg，动力电源选用能量存储量为“36V，18Ah〞〔即输出电压恒为36伏，工作电流与工作时间的乘积为18安培小时〕的蓄电池〔不计内阻〕，所用电源的额定输出功率P=216W，由于电动机发热造成的损耗〔其他损耗不计〕，摩托车的效率为η=80%．求：〔1〕该摩托车保持额定功率行驶的最长时间是多少？〔2〕摩托车电动机的内阻为多少？考点：电功、电功率．.专题：恒定电流专题．分析：〔1〕额定功率行驶时输出电压为36V，输出功率为216W，根据P=UI求出电流，再根据电池的容量求出行驶的时间；〔2〕根据效率求出发热功率，再根据P热═I2r求出内阻．解答：解：〔1〕根据公式P=IU得：I==6A再根据电池容量可得：t==h=3 h〔2〕根据能量守恒定律，有：P热=P﹣80%P其中：P热=I2r解得：r=1.2Ω答：〔1〕该摩托车保持额定功率行驶的最长时间是3h；〔2〕摩托车电动机的内阻为1.2Ω．点评：解决此题的关键掌握焦耳定律，以与知道在平直路面上行驶，功率一定，牵引力等于阻力时，速度最大．18．〔10分〕一束电子流在经U1=5000V的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，假设两板间距d=1.0cm，板长L=5.0cm，足够大的竖直屏与两板右侧相距b=20cm．如下列图，在两板间加上可调偏转电压U2=300V．电子质量m=9.1×10﹣31kg、带电量为q=﹣1.6×10﹣19C〔不计重力，和电子间相互作用，忽略相对论效应〕求：〔1〕电子从平行板间飞出时，偏转的角度θ的正切tanθ〔2〕电子从平行板间飞出达到竖直屏时，竖直方向偏移的距离Y．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：〔1〕带电粒子离开偏转电场时的偏转角θ的正切值tanθ等于竖直方向的速度比上水平方向的速度，根据在竖直方向上粒子做匀加速度直线运动的速度公式v y=at可计算出竖直方向的速度，即可求解．〔2〕先由动能定理求出加速获得的动能．再根据牛顿第二定律求出在偏转电场中的加速度，离子在偏转电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，由t=求运动时间．竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，可以根据位移公式y=at2计算偏转位移；解答：解：〔1〕加速过程中，由动能定理得：qU1=mv02①，在偏转电场中：L=v0t②根据牛顿第二定律得：a=③，如此v y=at ④而tanθ=⑤由①②③④⑤得tanθ===0.15，〔2〕根据y=解得：y==0.375cm，射出偏转电场后做匀速直线运动，b=v0t′，y′=v y t′，Y=y+y′=3.375cm答：〔1〕电子从平行板间飞出时，偏转的角度θ的正切tanθ为0.15；〔2〕电子从平行板间飞出达到竖直屏时，竖直方向偏移的距离Y为3.375cm．点评：此题关键是分析清楚粒子的运动规律，对于类平抛运动，要熟练运用正交分解法，将粒子的运动分解为初速度方向的匀速直线运动和沿电场力方向的匀加速直线运动，再用力学中动力学方法求解．。
福州一中2014-2015学年高二第二学期第二学段期末考试(理)
福州一中2014-2015学年第二学期第二学段模块考试高二数学（理）2-3模块结业考试试卷 （完卷100分钟，满分100分）一、选择题（在每个小题给出的四个选项中，中有一项是符合题目要求的，本大题共10小题，每小题4分，共40分）1、由1，2，3，4组成重复数字的三位数个个数为 A ．36 B ．24 C ．12 D ．62、给出下列说法： ①在残差图中，残差点比较均匀地落在水平的带状区域内，说明选用的模型比较合适； ②用相关指数可以刻画回归的效果，值越小说明模型的拟合效果越好；③比较两个模型的拟合效果，可以比较残差平方和的大小，残差平方和越小的模型拟合效果越好．其中正确的是（ ）A. ①②B. ②③C. ①③D. ①②③ 3、观测两个相关变量，得到如下数据： x -1 -2 -3 -4 -5 5 4 3 2 1 y -0.9 -2 -3.1 -3.9 -5.1 5 4.1 2.9 2.1 0.9 则两变量之间的线性回归方程为A ．=0.5x-1B ．=xC ．=2x+1D ．=x-14、5)12)(1(xx x x -+展开式中的常数项为（ ）A. 40B. 20C.-20D. -405、在极坐标系中,曲线1)sin cos 2(:1=+θθρC 与曲线)0(:2>=a a C ρ的一个交点在极轴上,则a =（ ） A 、22B. 2C.2D. 226、体育课上小明参加定点投篮游戏，游戏的规则是每位学生最多可投球3次,一旦投中,则停止投球，否则一直投到3次为止，设小明一次投篮投中的概率为0.8，投篮次数为X ，则P （X=3）=（ ）A 、2.08.02⨯B 、8.02.02⨯C 、8.02.0223⨯⨯CD 、22.0 7、七月全国多地进入汛期,某地区气象台统计,该地区下雨的概率是125,刮大风的概率为61，既刮大风又下雨的概率为121,则在下雨天里，刮大风的概率为（ ） A 、725 B 、121 C 、51 D 14458、某校在高三第一次模拟考试中约有1000人参加考试，其数学考试成绩X 近似服从正态分布，即)0)(,100(~2>a a N X ，试卷满分150分，统计结果显示数学考试成绩不及格（低于90分）的人数占总人数的101，则此次数学考试成绩在100分到110分之间的人数约为（ ） A ．400 B ．500 C ．600 D ．8009、学校开设“社会实践活动”，组织5个班级的学生外出到包括甲基地在内的5个社会实践基地，每个班级任选一个基地，则有且只有两个班级选择甲基地的方案有（ ）A ．240种B ．480种C ．640种D ．1280 种10、有一条走廊宽2m ,长8m ,用5种颜色的211m ⨯的整块地砖来铺设（每块地砖都是单色的,每种颜色的地砖足够多）,要求相邻的两块砖颜色不同,那么所有的不同拼色方法有（ ）A ．820种B ．71220⨯种C ．71320⨯种D ．71520⨯ 种二、填空题（本大题共4小题，每小题4分，共16分）11、已知离散随机变量X 服从的分布列如图，则随机变量的X 的方差D （X ）等于12、合福客运专线（合肥-福州）又名合福高铁，因经由世界文化和自然双遗产武夷山等众多名山大川被坊间称为“世遗高铁”。
2014-2015学年度第一学期期中考试试题物理 高二物理(理科)
2014-2015学年度第一学期期中考试试题高二物理（理科）一、选择题(本题包括12小题，共48分，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1.如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2 =1：3B．R1：R2 =3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：32．用电流表内接测得待测电阻为R1，用电流表外接测得待测电阻为R2，其真实值为R0，则下列说法中正确的是（）A．R1=R2=R0 B．R1>R2>R0 C．R1>R0>R2 D．R2>R0>R1 3．绝缘细线的一端与一带正电的小球M相连接，另一端固定在天花板上，在小球M下面的一绝缘水平面上固定了另一个带电小球N，在下列情况下，小球M能处于静止状态的是（）4． A、B、C三点在同一直线上，AB:BC＝1:2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷。
当在A处放一电荷量为＋q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C 处放一电荷量为－2q的点电荷，其所受电场力为（)A．－F/2 B．F/2 C．－F D．F5．一充电后的平行板电容器保持两板间的正对面积、间距和电荷量不变，在两板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U 的变化情况是( )A．C和U均增大 B．C增大，U减小C．C减小，U增大 D．C和U均减小6.关于静电场，下列说法正确的是( )A．电势等于零的物体一定不带电B．电场强度为零的点，电势一定为零C．同一电场线上的各点，电势一定相等D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加7．如图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷，则图中a ，b 两点电场强度和电势均相同的是8．如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O 处的电势为0 V 点A 处的电势为6 V, 点B 处的电势为3 V,则电场强度的大小为 ( )A.200V/mB.2003C.100 V/mD. 1003 V/m9．在竖直向下的匀强电场中，有a 、b 、c 、d 四个带电质点，各以水平向左、水平向右、竖直向下和竖直向上的速度做匀速直线运动，不计质点间的相互作用力，则有（ ） A ．c 、d 带异种电荷 B ．a 、b 带同种电荷且电势能均不变 C ．d 的电势能减小，重力势能增大 D ．c 的电势能增大，机械能减小 10．电场中等势面如图所示，下列关于该电场描述正确的是（ ） A ．A 点的电场强度比C 点的小B ．负电荷在A 点电势能比C 点电势能大C ．电荷沿等势面AB 移动过程中，电场力始终不做功D ．正电荷由A 移到C ，电场力做负功11．如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。
2014-2015学年高二上学期物理期末统考试题
2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题注意事项：1．本试题共100分，答题时间90分钟；2．本试题共分两部分。
第Ⅰ卷为选择题，用2B铅笔将正确答案涂写在答题卡上；第Ⅱ卷为非选择题，用0.5mm黑色黑水签字笔完成在答题纸上。
3．答第Ⅰ卷前，将姓名、考号、考试科目、试卷类型涂写在答题卡上。
第Ⅰ卷（选择题共50分）一、选择题：本题共15小题。
在每小题给出的四个选项中，第1—10题，每题3分，只有一个选项符合题目要求，第11---15题，每题4分，有多个选项符合题目要求．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分1．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类文明的进步，在对以下几个物理学家所做的科学贡献的叙述中，不．正确的说法是( )A．库仑发现了电流的磁效应B．丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应C．法拉第发现了磁场产生电流的条件和规律D．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的2．冬天气候干燥，容易发生静电现象，下列现象中不．属于静电引起的是( )A．用塑料梳子梳头时听到“噼”“啪”的响声B．冬天在黑暗处脱化纤类衣服会看到火花并听到响声C．脱掉外衣后去摸金属门把手时，常会被电击一下D．在针灸治疗疾病时，用电针会感觉较强的刺激3．在做“奥斯特实验”时，下列操作中现象最明显的是( )A．沿电流方向放置磁针，使磁针在导线的延长线上B．电流沿南北方向放置在磁针的正上方C．沿电流方向放置磁针，使磁针在导线的正下方D．电流沿东西方向放置在磁针的正上方4．下列关于电场与磁场说法正确的是( )A．只有磁铁周围才有磁场B．电流能产生磁场说明电和磁是有联系的C．电荷的周围一定有电场和磁场D．永久磁铁的磁场与电流周围的磁场是两种不同的磁场5．下列关于磁通量和磁感应强度的说法中，正确的是( )A．穿过某一个面的磁通量越大，该处磁感应强度也越大B．穿过某一个面的磁通量为零，该处磁感应强度也为零C．穿过垂直于磁感线方向的单位面积的磁感线的条数等于磁感应强度D．当平面跟磁场方向不垂直时，穿过这个面的磁通量必定为零6．有一圆形边界的匀强磁场区域，一束质子流以不同的速率，由圆周上的同一点沿半径方向射入磁场，质子在磁场中( )A．路程长的运动时间长B．速率小的运动时间短C．偏转角度大的运动时间长D．运动的时间有可能无限长7．如图所示，a、b、c是匀强电场中的三个点，各点电势φa＝10 V、φb＝2 V、φc＝6 V，a、b、c三点在同一平面上，下列各图中电场强度的方向表示正确的是( )8．安全重于泰山．为防止火灾发生，很多公共场所都安装了火警报警器．如图所示是一火警报警器的一部分电路示意图，其中R2为用半导体热敏材料(其阻值随温度的升高而迅速减小)制成的传感器，电流表A为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，电流表A的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是( )A．I变大，U变大 B．I变小，U变小C．I变小，U变大 D．I变大，U变小9．一磁感应强度为B的匀强磁场方向水平向右，一面积为S的矩形线圈abcd 如图所示放置，平面abcd与竖直方向成θ角，将abcd绕ad轴转180°角，则穿过线圈平面的磁通量的变化量是( )A． 2BS cosθ B．2BSC． 0 D．2BS sinθ10.一矩形线圈位于一匀强磁场内，磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图所示．以I表示线圈中产生的感应电流，取垂直于纸面向里为磁场的正方向，取顺时针方向的感应电流的方向为正，则以下的It图正确的是( )11．某一电容器上标注的是“300 V,5 μF”，则下述说法正确的是( ) A．该电容器只能在300 V电压时正常工作B．该电容器可在低于300 V的电压下正常工作C．电压是200 V时，电容仍是5 μFD．使用时只需考虑工作电压，不必考虑电容器的引出线与电源的哪个极相连12．如果用E表示电场区域的电场强度大小，用B表示磁场区域的磁感应强度大小．现将一点电荷放入电场区域，发现点电荷受电场力为零；将一小段通电直导线放入磁场区域，发现通电直导线受安培力为零，则以下判断可能正确的是( )A．E＝0 B．E≠0C．B＝0 D．B≠013．起辉器是由电容器和氖管两大部分组成，其中氖管中充有氖气，内部有静触片和U形动触片．通常动、静触片不接触，有一小缝隙．则下列说法正确的是( )A．当电源的电压加在起辉器两端时，氖气放电发出辉光并产生热量，导致双金属片受热膨胀B．当电源的电压加在启动器两极后，动、静触片间辉光放电，受热膨胀两触片接触而不分C．起辉器中U形动触片是由单金属片制成D．当动、静两触片接触后，氖气停止放电、温度降低，两触片分离14．用甲、乙两个完全相同的电流表表头改装成量程分别为5 V和10 V的电压表，串联后测量12 V的电压，则( )A．两表的电压示数相同，均为6 VB．两表头的指针偏角相同C．两表头的指针偏角不相同D．两表的电压示数不同15．某学生在研究串联电路电压特点的实验时，接成如图所示的电路，接通S 后，他将大内阻的电压表并联在A，C两点间，电压表读数为U，当并联在A，B 两点间时，电压表读数也为U，当并联在B，C两点间时，电压表的读数为零，则出现此种情况的原因可能是(R1，R2的阻值相差不大)( )A．AB段断路 B．BC段短路C．AB段短路 D．BC段断路第Ⅱ卷（非选择题共50分）二．填空题（本大题共16分，每空2分）16. 有一同学用多用电表进行粗测一电阻：多用电表电阻挡有3种倍率，分别是×100Ω、×10Ω和×1Ω.该同学选择×10Ω倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针偏转角度太小．为了较准确地进行测量，应选择________倍率．换挡后，应注意还需________调零．若重新测量的结果如图所示，那么测量结果大约是______17．（1）用螺旋测微器测金属丝的直径其读数为________．(2)已知电阻丝的电阻约为10Ω，现备有下列器材供测量电阻丝的电阻，在测量时电流表应选________(只填序号)．电压表应选________(只填序号)。
福建省四地六校联考高二物理下学期第二次月考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
福建省四地六校联考2014-2015学年高二下学期第二次月考物理试卷一、单项选择题〔每一小题只有一个答案是正确的，每题3分，共16小题，48分〕1．〔3分〕如下有关物理学史，不符合事实的是〔〕A．赫兹通过实验证实了电磁波的存在B．牛顿发现了单摆周期公式C．爱因斯坦的狭义相对论认为物体的质量与其运动状态有关D．麦克斯韦建立了电磁场理论并预言了电磁波的存在2．〔3分〕在飞机的开展史中有一个阶段，飞机上天后不久，飞机的机翼〔翅膀〕很快就抖动起来，而且越抖越厉害．后来经过人们的探索，利用在飞机机翼前缘处装置一个配重杆的方法，解决了这一问题．在飞机机翼前装置配重杆的目的主要是〔〕A．加大飞机的惯性B．使机体更加平衡C．使机翼更加结实D．改变机翼的固有频率3．〔3分〕关于振动和波的关系，如下说法正确的答案是〔〕A．如果波源停止振动，介质中的波也立即停止传播B．振动的质点在一个周期内通过的路程等于一个波长C．波动的过程就是介质中振动的质点由近与远的传播过程D．波动的过程是质点的振动形式与能量由近与远的传播过程4．〔3分〕做简谐振动的单摆摆长不变，假设摆球质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的，如此单摆振动的〔〕A．频率、振幅都不变B．频率、振幅都改变C．频率不变、振幅改变D．频率改变、振幅不变5．〔3分〕声波和电磁波均可传递信息，且都具有波的特征．如下说法正确的答案是〔〕A．电磁波的传播速度大于声波的传播速度B．声波和电磁波都能引起鼓膜振动C．电磁波都不能被人看见，声波都能被人听见D．二胡、电子琴发出的都是电磁波6．〔3分〕关于电磁波，如下说法正确的答案是〔〕A．雷达是用X光来确定物体位置的设备B．使电磁波随各种信号而改变的技术叫做解调C．振荡电场在周围空间产生同样频率的振荡磁场D．用红外线照射时，大额钞票上用荧光物质印刷的文字会发出可见光7．〔3分〕一列简谐横波向右传播，波速为v，沿波传播方向有相距为L的P、Q两质点，如下列图，某时刻P、Q两质点都处于平衡位置，且P、Q间仅有一个波峰，经过时间t，Q质点第一次运动成为这个波峰点，如此t的可能值有〔〕A．4个B．3个C．2个D．1个8．〔3分〕如下列图，沿x轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s，如下说法正确的答案是〔〕A．图示时刻质点a的速度达到最大B．从图示时刻开始，经过0.01s，质点b通过的路程小于0.4mC．假设此波遇到另一列简谐横波并发生稳定干预现象，如此该波所遇到的波的频率为50Hz D．假设该波发生明显的衍射现象，如此该波所遇到的障碍物尺寸一定比4m大9．〔3分〕图甲为一列简楷横波在t=0时的波形图，图乙为波上A质点的振动图象，如此〔〕A．该列波的波速为25cm/sB．该列波延x轴正方向传播C．在0.2s～0.3s内，质点A振动的能量逐渐增大D．从该时刻起，经0.1s质点A运动到x=0.4m处10．〔3分〕LC回路中电容器两端电压U随时间t变化的关系如下列图，如此〔〕A．在时刻t2，电路中的电流为零B．在时刻t3，电路中的磁场能最大C．从时刻t2至t3，电路中的电场能不断增大D．从时刻t3至t4，电容器所带的电荷量不断增大11．〔3分〕通过狭缝观察发光的日光灯时看到的彩色条纹，瀑布在阳光下呈现的彩虹以与太阳光照射下肥皂膜呈现的彩色，这些现象分别属于〔〕A．光的衍射、色散和干预现象B．光的干预、衍射和色散现象C．光的干预、色散和衍射现象D．光的衍射、干预和色散现象12．〔3分〕a、b两种单色光以一样的入射角从某种介质射向空气，光路如下列图，如此如下说法正确的答案是〔〕A．逐渐增大入射角α的过程中，a光先发生全反射B．在该介质中b光的传播速度大于a光的传播速度C．在该介质中a光的波长小于b光的波长D．通过同一双缝干预装置，a光的干预条纹间距比b光的宽13．〔3分〕光在某种玻璃中的传播速度是×108m/s，要使光由玻璃射入空气时折射光线与反射光线成直角，如此入射角应是〔〕A．30°B．60°C．45°D．90°14．〔3分〕如下列图，一束太阳光通过三棱镜后，在光屏MN上形成的彩色光带落在bc区域内．现将一温度计放在屏上不同位置，其中温度计示数升高最快的区域为〔〕A．ab B．bc C．cd D．bd15．〔3分〕某同学使用激光器作光源，在不透光的挡板上开一条缝宽为0.05mm的窄缝，进展光的衍射实验，如下列图，如此他在光屏上看到的条纹是〔〕A．B．C．D．16．〔3分〕如下列图，直角三角形ABC为一透明介质制成的三棱镜截面，且∠BAC=30°，有一束平行光线垂直射向AC面，这种介质的折射率为n＞2，如此〔〕A．可能有光线垂直AB边射出B．光线只能从BC边垂直射出C．光线只能从AC边垂直射出D．一定既有光线垂直BC边射出，又有光线垂直AC边射出二、填空题〔此题共3小题，每空2分，共20分〕17．〔8分〕在“用单摆测定重力加速度〞的实验中：〔1〕测摆长时，假设正确测出悬线长L和摆球直径d，如此摆长r=；〔2〕测周期时，当摆球经过位置时开始计时并计数为1次，测出经过该位置N次〔约60～100次〕的时间为t，如此周期T=．〔3〕某同学用秒表测得单摆完成40次全振动的时间如下列图，如此单摆的周期为s．18．〔6分〕如下列图，某同学用插针法测定一半圆形玻璃砖的折射率．在平铺的白纸上垂直纸面插大头针P1、P2确定入射光线，并让入射光线过圆心O，在玻璃砖〔图中实线局部〕另一侧垂直纸面插大头针P3，使P3挡住P1、P2的像，连接O P3．图中MN为分界面，虚线半圆与玻璃砖对称，B、C分别是入射光线、折射光线与圆的交点，AB、CD均垂直于法线并分别交法线于A、D点．①设AB的长度为l1，AO的长度为l2，CD的长度为l3，DO的长度为l4，为较方便地表示出玻璃砖的折射率，需用刻度尺测量的有，如此玻璃砖的折射率可表示为．②该同学在插大头针P3前不小心将玻璃砖以O为圆心顺时针转过一小角度，由此测得玻璃砖的折射率将〔填“偏大〞、“偏小〞或“不变〞〕．19．〔6分〕在观察光的双缝干预现象的实验中：①将激光束照在如下列图的双缝上，在光屏上观察到的现象是如下图中的②换用间隙更小的双缝，保持双缝到光屏的距离不变，在光屏上观察到的条纹宽度将；保持双缝间隙不变，减小双缝到光屏的距离，在光屏上观察到的条纹宽度将〔以上空格均选填“变宽〞、“变窄〞或“不变〞〕．三、计算题〔要求写出必要的文字说明和计算公式，只写最后答案的不得分．共32分〕20．〔10分〕如下列图，某透明液体深1m，一束光线与水平面成30°角从空气斜射向该液体，进入该液体的光线与水平面的夹角为45°．试求：〔光在真空中的速率c=3.0×108m/s〕〔1〕该液体的折射率．〔2〕进入液体的光线经多长时间可以射到底面．21．〔10分〕如图甲所示的弹簧振子，放在光滑有水平桌面上，O是平衡位置，弹簧振子在AB间做简谐运动，AB间的距离为6cm，A到B的最短时间为0.1s．〔1〕求弹簧振子做简谐运动的振幅和周期；〔2〕假设以向右为位移的正方向，当振子运动到B处开始计时，试写出其振动的位移﹣时间关系式，并在图乙中画出相应的振动图象．22．〔12分〕机械横波某时刻的波形图如下列图，波沿x轴正方向传播，质点p的坐标x=0.32m．从此时刻开始计时．〔1〕假设每间隔最小时间0.4s重复出现波形图，求波速．〔2〕假设p点经0.4s第一次达到正向最大位移，求波速．〔3〕假设p点经0.4s到达平衡位置，求波速．福建省四地六校联考2014-2015学年高二下学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔每一小题只有一个答案是正确的，每题3分，共16小题，48分〕1．〔3分〕如下有关物理学史，不符合事实的是〔〕A．赫兹通过实验证实了电磁波的存在B．牛顿发现了单摆周期公式C．爱因斯坦的狭义相对论认为物体的质量与其运动状态有关D．麦克斯韦建立了电磁场理论并预言了电磁波的存在考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、赫兹通过实验证实了电磁波的存在，故A正确；B、惠更斯发现了单摆周期公式，故B错误；C、爱因斯坦的狭义相对论认为物体的质量与其运动状态有关，故C错误；D、麦克斯韦建立了电磁场理论并预言了电磁波的存在，故D正确；此题选不符合事实的，应当选：B．点评：此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．〔3分〕在飞机的开展史中有一个阶段，飞机上天后不久，飞机的机翼〔翅膀〕很快就抖动起来，而且越抖越厉害．后来经过人们的探索，利用在飞机机翼前缘处装置一个配重杆的方法，解决了这一问题．在飞机机翼前装置配重杆的目的主要是〔〕A．加大飞机的惯性B．使机体更加平衡C．使机翼更加结实D．改变机翼的固有频率考点：产生共振的条件与其应用．专题：简谐运动专题．分析：飞机上天后，飞机的机翼〔翅膀〕很快就抖动起来，而且越抖越厉害，是因为驱动力的频率接近机翼的固有频率发生共振，解决的方法就是使驱动力的频率远离飞机的固有频率．解答：解：飞机的机翼〔翅膀〕很快就抖动起来，是因为驱动力的频率接近机翼的固有频率发生共振，在飞机机翼前装置配重杆，是为了改变机翼的固有频率，使驱动力的频率远离固有频率．故A、B、C错误，D正确．应当选D．点评：解决此题的关键知道共振的条件；当驱动力的频率接物体的固有频率，会发生共振．以与解决共振的方法，使驱动力的频率远离固有频率．3．〔3分〕关于振动和波的关系，如下说法正确的答案是〔〕A．如果波源停止振动，介质中的波也立即停止传播B．振动的质点在一个周期内通过的路程等于一个波长C．波动的过程就是介质中振动的质点由近与远的传播过程D．波动的过程是质点的振动形式与能量由近与远的传播过程考点：机械波；简谐运动的振幅、周期和频率．分析：振源停止振动时，在介质中传播的波动并不立即停止．波传播过程中质点并不会随波向前传播；波传播的是能量与运动形式．解答：解：A、振源停止振动时，由于惯性，其他振动质点并不立即停止振动，所以在介质中传播的波动并不立即停止．故A错误．B、振动的质点只是在平衡位置附近做周期性振动，在一个周期内通过的路程并不等于一个波长．故B错误．C、振动的质点只是在平衡位置附近做周期性振动；质点并没有随波传播；故C错误；D、波动的过程是质点的振动形式与能量由近与远的传播过程；故D正确；应当选：D点评：机械波只是传播能量和振动形式，并不会将参与波动的点向外传播．4．〔3分〕做简谐振动的单摆摆长不变，假设摆球质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的，如此单摆振动的〔〕A．频率、振幅都不变B．频率、振幅都改变C．频率不变、振幅改变D．频率改变、振幅不变考点：单摆周期公式；简谐运动的振幅、周期和频率．分析：由单摆的周期公式可以判断单摆的周期的变化，由可以判断单摆的能量的变化，从而可以判断振幅的变化．解答：解：由单摆的周期公式，可知，单摆摆长不变，如此周期不变，频率不变；振幅A是反映单摆运动过程中的能量大小的物理量，由可知，摆球经过平衡位置时的动能不变，但质量增加，所以高度减小，因此振幅改变，所以C正确．应当选：C．点评：单摆的摆长和重力加速度的大小决定单摆的周期的大小，单摆的能量决定单摆的振幅的大小．5．〔3分〕声波和电磁波均可传递信息，且都具有波的特征．如下说法正确的答案是〔〕A．电磁波的传播速度大于声波的传播速度B．声波和电磁波都能引起鼓膜振动C．电磁波都不能被人看见，声波都能被人听见D．二胡、电子琴发出的都是电磁波考点：电磁场；声波．分析：要解答此题需掌握：声音的传播需要介质，电磁波的传播不需介质，声波的速度小于电磁波，不是所有的电磁波都能看见，乐器都是发出的声波解答：解：A、电磁波的传播速度大于声波的传播速度，故A正确；B、声波能引起鼓膜振动，而电磁波却不可以，故B错误；C、电磁波中的可见过人是可以看见的；而声波中的超声波和次声波人是无法听见的；故C 错误；D、二胡演奏发出的是声波，而电子琴演奏发出的也是声波．故D错误．应当选：A点评：此题主要考查学生对声波和电磁波的异同点的了解和掌握，注意掌握声波的传播需要介质，而电磁波不需要介质．6．〔3分〕关于电磁波，如下说法正确的答案是〔〕A．雷达是用X光来确定物体位置的设备B．使电磁波随各种信号而改变的技术叫做解调C．振荡电场在周围空间产生同样频率的振荡磁场D．用红外线照射时，大额钞票上用荧光物质印刷的文字会发出可见光考点：电磁波的产生；红外线的热效应和红外线遥控．分析：了解电磁波的产生与性质；明确电磁波在现代生活中的应用即可正确解答此题．解答：解：A、雷达是根据超声波测定物体位置的，故A错误；B、使电磁波随各种信号而改变的技术叫做调制，故B错误；C、振荡电场在周围空间产生同样频率的振荡磁场；同理振荡磁场在周围空间产生同样频率的振荡电场；故C正确；D、红外线不具有荧光效应，只有紫外线才具有荧光效应，故D错误；应当选：C．点评：此题考查了有关电磁波的根底知识，对于这局部知识要注意平时记忆和积累；明确掌握各种电磁波的性质，掌握它们在生产生活中的应用．7．〔3分〕一列简谐横波向右传播，波速为v，沿波传播方向有相距为L的P、Q两质点，如下列图，某时刻P、Q两质点都处于平衡位置，且P、Q间仅有一个波峰，经过时间t，Q质点第一次运动成为这个波峰点，如此t的可能值有〔〕A．4个B．3个C．2个D．1个考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由题：某时刻P、Q两质点都处于平衡位置，且P、Q间仅有一个波峰，符合条件的波形图有4个，如此Q质点第一次运动到波谷的时间可能值有4个．解答：解：由题：某时刻P、Q两质点都处于平衡位置，且P、Q间仅有一个波峰，符合条件的波形图有4个，如下列图：Q质点第一次运动到波峰即PQ间的波峰平移到Q点，四种情况的位移分别为：，有3中可能，故对应的时间可能有3个．应当选：B点评：此题是多解问题，要考虑符合条件的各种可能情况，不能漏解．8．〔3分〕如下列图，沿x轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s，如下说法正确的答案是〔〕A．图示时刻质点a的速度达到最大B．从图示时刻开始，经过0.01s，质点b通过的路程小于0.4mC．假设此波遇到另一列简谐横波并发生稳定干预现象，如此该波所遇到的波的频率为50Hz D．假设该波发生明显的衍射现象，如此该波所遇到的障碍物尺寸一定比4m大考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：质点a做简谐运动，经过波峰时速度为零．读出波长，求出周期，由时间与周期的关系求解质点b通过的路程．干预的条件是两列波的频率一样．发生明显的衍射现象的条件是障碍物尺寸与波长小或与波长差不多．解答：解：A、图示时刻质点a经过波峰，速度为零．故A错误．B、由图知λ=4m，如此该波的周期为T==s=0.02s，从图示时刻开始，经过0.01s，即半个周期，质点b通过的路程为2个振幅，即40cm．故B错误．C、该列波的频率为f==50Hz，要想发生干预，频率需一样．故C正确．D、当波的波长比障碍物尺寸大或差不多时，当该波所遇到的障碍物尺寸一定比4m小或差不多，就会发生明显的衍射．故D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键掌握波动与振动的联系以与知道发生干预和明显衍射的条件．质点简谐运动通过的路程往往由时间与周期的倍数关系求解．9．〔3分〕图甲为一列简楷横波在t=0时的波形图，图乙为波上A质点的振动图象，如此〔〕A．该列波的波速为25cm/sB．该列波延x轴正方向传播C．在0.2s～0.3s内，质点A振动的能量逐渐增大D．从该时刻起，经0.1s质点A运动到x=0.4m处考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由图象知：T=0.4s，λ=0.4m，利用波速公式求的波速；再据振动图象知t=0时A 质点在平衡位置将向下振动，据波形平移法判断波的传播方向．根据时间与周期的关系，分析质点A的能量变化．解答：解：A、由图象知：T=0.4s，λ=0.4m，如此波速为 v==m/s=1m/s，故A错误．B、由图乙知：t=0时刻质点A正通过平衡位置向下振动，根据波形的平移法可知该列波沿x 轴正方向传播．故B正确．C、简谐波传播过程中，质点A振动的能量不变，故C错误．D、简谐波传播过程中，质点A只在其平衡位置附近上下振动，不随波向前移动，故D错误．应当选：B点评：此题要抓住两个图象之间的内在联系，灵活应用波形平移法判断质点振动方向和波的传播方向．10．〔3分〕LC回路中电容器两端电压U随时间t变化的关系如下列图，如此〔〕A．在时刻t2，电路中的电流为零B．在时刻t3，电路中的磁场能最大C．从时刻t2至t3，电路中的电场能不断增大D．从时刻t3至t4，电容器所带的电荷量不断增大考点：电磁波的产生．分析：在LC振荡电路中电容器两端的电压越大，电荷所带的电荷量越大，两极板之间的电场越强，电场能越大，电流强度越小，磁场能量越小．解答：解：A、在时t2时电路中电容器两端的电压为零，故两极板之间的电场弱，电场能最小，根据能量守恒可知此时磁场能量最大，故在时t1时电路中的电流最大，故A错误；B、在t3时电路中电容器两端的电压最大，两极板之间的电场强度最大，故电场能最大，根据能量守恒可知此时磁场能量最小，电流为零，故B错误．C、从t2至t3电容器两端的电压逐渐增大，故两极板之间的电场逐渐增强，如此电路的电场能不断增大，故C正确；D、从时t3至t4，电容器两端的电压逐渐减小，根据Q=CU可知电容器带的电荷量不断减小，故D错误．应当选：B点评：此题考查了LC振荡电路充放电的特点以与在充放电过程中能量转化的特点．掌握了根本知识即可顺利解决此类问题．11．〔3分〕通过狭缝观察发光的日光灯时看到的彩色条纹，瀑布在阳光下呈现的彩虹以与太阳光照射下肥皂膜呈现的彩色，这些现象分别属于〔〕A．光的衍射、色散和干预现象B．光的干预、衍射和色散现象C．光的干预、色散和衍射现象D．光的衍射、干预和色散现象考点：光的衍射．专题：光的衍射、偏振和电磁本性专题．分析：干预现象是频率一样的两列光相遇时发生干预现象，发生明显衍射现象的条件是障碍物或孔的尺寸比波长小，因折射率的不同，导致偏折程度不一，从而出现折射色散现象．解答：解：通过狭缝观察发光的白炽灯也会看到彩色条纹，是因为当缝的宽度小于波的波长时，能发生明显的衍射现象，瀑布在阳光下呈现的彩虹，是光的折射色散现象，肥皂膜外表可看到彩色条纹，是因为肥皂膜的前后两面反射回来的两列光发生干预时形成的彩色条纹；故A正确，BCD错误．应当选：A．点评：此题考查了光的干预和衍射发生的条件，记住这些条件即可顺利解决此类题目，注意折射色散与干预色散的区别．12．〔3分〕a、b两种单色光以一样的入射角从某种介质射向空气，光路如下列图，如此如下说法正确的答案是〔〕A．逐渐增大入射角α的过程中，a光先发生全反射B．在该介质中b光的传播速度大于a光的传播速度C．在该介质中a光的波长小于b光的波长D．通过同一双缝干预装置，a光的干预条纹间距比b光的宽考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：由图象知道b光的折射率大于a光的，折射率大的光波短，光波短的干预条纹间距小，在介质中传播速度小．解答：解：A、由图知，逐渐增大入射角α的过程中，b光的折射角先达到90°，如此b 光先发生全反射，故A错误；B、由折射定律可知，b光的折射率大，由公式v=知在介质中b光的传播速度小，故B错误．C、折射率大的光波长短，如此在该介质中a光的波长大于b光的波长，故C错误D、干预条纹间距与波长成正比，a光的波长长，如此a光的干预条纹间距比b光的宽；故D 正确．应当选：D．点评：要记住折射率和波长的关系，波长和条纹间距的关系，这是解决此类问题的关键．13．〔3分〕光在某种玻璃中的传播速度是×108m/s，要使光由玻璃射入空气时折射光线与反射光线成直角，如此入射角应是〔〕A．30°B．60°C．45°D．90°考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：根据v=求出光在玻璃中的折射率，再根据折射定律，抓住折射光线与反射光线垂直，求出入射角的大小．解答：解：根据v=得，n=，设入射角为α，根据折射定律得，，即，解得α=30°．故A正确，B、C、D错误．应当选A．点评：此题考查光的折射定律以与n=的运用，注意光由玻璃射入空气，需采用光的可逆性原理，运用折射定律进展解决．14．〔3分〕如下列图，一束太阳光通过三棱镜后，在光屏MN上形成的彩色光带落在bc区域内．现将一温度计放在屏上不同位置，其中温度计示数升高最快的区域为〔〕A．ab B．bc C．cd D．bd考点：光的折射定律；红外线的热效应和红外线遥控．分析：太阳光由七种颜色的光复合而成，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫．三棱镜将太阳光经过折射后，人们就可以在光屏上看到七种颜色的光，在红光的外侧有红外线，其热效应显著，红外线照射的区域温度上升最为明显．解答：解：太阳光是复色光，七种颜色的光的波长不同，红光的波长最长，折射率最小，紫光的波长最短，折射率最大，所以红光通过三棱镜偏折最小，紫光偏折最大，屏上右上左下，分别为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫．而在红光的外侧区域cd有红外线，其热效应显著，红外线照射的区域温度上升最快．故C正确．ABD错误．应当选：C点评：此题考查学生对光的色散和红外线热辐射能力强特点的掌握情况．15．〔3分〕某同学使用激光器作光源，在不透光的挡板上开一条缝宽为0.05mm的窄缝，进展光的衍射实验，如下列图，如此他在光屏上看到的条纹是〔〕A．B．C．D．考点：光的衍射．专题：光的衍射、偏振和电磁本性专题．分析：根据衍射条纹的特点进展判断，光的衍射条纹与狭缝平行，且中间宽、两边窄．解答：解：由于衍射条纹狭缝平行，且中间宽、两边窄，不等间距．故B正确，A、C、D 错误．应当选：B．点评：解决此题的关键知道衍射条纹的特点，知道衍射条纹与干预条纹的区别．16．〔3分〕如下列图，直角三角形ABC为一透明介质制成的三棱镜截面，且∠BAC=30°，有一束平行光线垂直射向AC面，这种介质的折射率为n＞2，如此〔〕。
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福州一中高二物理半期考试卷（2014-2015上学期）
（完卷100分钟，满分100分）
班级座号姓名
一、单项选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分．在每小题给出的四个选项中，
只有一个选项正确．选对的得4分，选错或不答的得0分）．
1．关于场强和电势，下列说法中正确的是（）
A. 在电场中A、B两点间移送电荷的过程中，电场力始终不做功，则电荷所经过路径上
的各点场强一定为零
B. 电场强度的方向就是电势降落最快的方向
C. 两个等量同种电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越
低，场强越来越小
D. 两个等量异种电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势保持不
变，场强先增大后减小
2.有三个相同的金属球A、B和C，A带电Q A=7Q，B带电Q B=-Q，C不带电。
如果将A、B
固定，让C不断与A、B球接触，则最终（ )
A. A与 B的静电力减为原来的 3/7
B. A与 B的静电力增为原来的 7/3
C. A与 B的静电力减为原来的 4/7
D. A与 B的静电力增为原来的 7/4
3．将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金球表面的电势处处相等。
a、b为电场中的两点，则（ )
A. a点的电势比b点的低
B. a点的电场强度比b点的小
C. 检验电荷-q在a点的电势能比在b点的大
D. 将检验电荷-q从a点移到b点的过程中,电场力做负功
4.如图所示，是四只电阻的I－U图象，这四只电阻串联起来使
用时，各个电阻两端的电压分别是U1、U2、U3、U4，则其
大小顺序为（ )
A．U2>U4>U3>U1
B．U4>U3>U2>U1
C．U2=U4>U1=U3
D．U1>U2>U3>U4
5．电源电动势为6 V，内阻为0.2Ω，将该电源与电阻为11.8Ω的用电器连成闭合电路，这时该电源两端的电压是（ )
A.6.0V
B.5.9V
C.1.5V
D.1.49V
6．下列各量中，与检验电荷无关的量是（ )
A．电场强度E B．电场力 F C．电势能 EP D．电场做的功 W
7．如图所示的电路中，R1=1Ω，R2=2Ω，R3=3Ω，那么通过
电阻R1、R2、R3的电流强度之比I1∶ I2∶I3为 ( )
A．1∶2∶3 B．3∶2∶1
C．2∶1∶3 D．3∶1∶2
8.如图所示，P、Q、A、B四个点在同一条直线上，分别把两个正、负点电荷置于P、Q两
点．A、B两点间的电势差用U表示，A点的电场强度用 E表示．若只把在Q点的点电荷的电荷量减半，则（ )
A．U变大，E变大 B．U变小，E变小
C．U变小，E变大 D．U变大，E变小
9.如图所示的电路，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．为了
使液滴竖直向上运动，下列操作可行的是（）
A．断开开关，将两板间的距离拉大一些
B．断开开关，将两板水平地向相反方向移开一些
C．保持开关闭合，将两板间的距离增大一些
D．保持开关闭合，以两板各自的左侧板沿为轴，同时
沿逆时针方向转过一个小角度
10．如图所示，电荷量为Q1、Q2的两个正点荷分别置于A点和B点，两点相距L。
在以 L 为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球+q（视为点电荷），在P点平衡。
不计小球的重力，那么，PA与AB的夹角α与Q1、Q2的关于应满足（）
11.如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r。
当可变电
阻的滑片P向b移动时，电压表V1的读数U1与电压表V2的
读数U2的变化情况是（）
A．U1变大，U2变小 B．U1变大，U2变大
C．U1变小，U2变小 D．U1变小，U2变大
12．如图a所示，AB是某电场中的一条电场线，若在A点放置一
初速度为零的带点粒子，仅在电场力的作用下，沿AB由A
点运动到B点过程中的速度图像如图b所示，下列关于A、B
两点的电势U和电场强度E的判断正确的是（）
A.E A> E B
B.E A< E B
C.U A< U B
D.U A> U B
13.均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所
示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶
点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点
OM=ON=2R．已知N点的场强大小为E，则M
点的场强大小为( )
二．填空与实验题
14．如图，E为直流电源，G为灵敏电流计，A、B
为两个圆柱形电极，P是木板，C、D为两个探
针，S为开关。
现用上述实验器材进行“用描
迹法画出电场中平面上的等势线”的实验。
木
板P上有白纸、导电纸和复写纸，最上面的应
该是纸。
15．用右图所示的电路可以测量电阻的阻值。
Rx是待
测电阻，定值电阻R0=10Ω，G是灵敏度很高的
电流表，MN是一段均匀的电阻丝。
闭合开关，
改变滑动头P的位置，当通过电流表G的电流
为零时，测得MP=2cm，PN=7cm，则Rx的阻值
为。
16.用伏安法测量甲、乙、丙三个用不同材料制成的电阻时，得到了
它们的I—U关系图线，如图所示。
由图线可知，在实验过程中，
阻值保持不变的电阻是___________，阻值随着电压的增大而不
断增大的电阻是_____________。
（填“甲”、“乙”或“丙”）
17．（1）某同学想做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验．待选用器材如下：
A．待测小灯泡一只：额定电压为2.5V，电阻约为几欧
B．电压表一只：量程为 3V，内阻约为3kΩ
C．电压表一只：量程为 15V，内阻约为15kΩ
D．电流表一只：量程为 0.6A，内阻约为0.1Ω
E．电流表一只：量程为 3A，内阻约为0.02Ω
F．滑动变阻器一只，干电池两节，开关一个，导线若干
实验中选用的电压表为，电流表为（填写字母序号）
（2）根据实验要求，他们测量 L是采用图 1中的图（选填“甲”或“乙”）。
（3）图2为该实验的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P 置于变阻器的一端。
请根据（1）所选的电路图，补充完成图2中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏。
三．计算题（解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答
案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）
18．一个带正电的质点，电量q＝2.0×10-9C，在静电场中由a点移到b点．在此过程中，除电场力外，其他力做的功为W=6.0×10-5J，质点的动能增加ΔEK=8.0×10-5 J，则a、b 两点间的电势差U ab为多少？
19．如图所示，电源电动势 E=6V，内电阻r=2Ω，
定值电阻 R1= R2= 12Ω，电动机 M的内电
阻 R3=2Ω。
当开关S闭合，电动机转动稳定
后，电压表的读数 U1 = 4V。
若电动机除内电
阻外其他损耗不计，求：
（1）R2两端的电压 U2；
（2）电动机 M输出的机械功率 P。
20．如图甲所示，静电除尘装置中有一长为 L、宽为 b、高为 d的矩形通道，其前、后面板使用绝缘材料，上、下面板使用金属材料。
图乙是装置的截面图，上、下两板与电压恒定的高压直流电源相连。
质量为 m、电荷量为-q、分布均匀的尘埃以水平速度v0进入矩形通道，当带负电的尘埃碰到下板后其所带电荷被中和，同时被收集。
通过调整两板间的电压可以改变收集效率η。
当U=U0时为80%（即离下板0.80d0范围内的尘埃能够被收集）。
不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用。
（1）求收集效率为100%时，两板间的电压至少为多少？
（2）求收集率η与两板间U的函数关系。
五．附加题，请直接将答案填在答题卷所要求的空格中，不要求写过程，本题10分。
21．如图所示，平行板电容器水平放置，电容为 C，极板间距离为 d，上极板接地正中有一小孔．不断的有质量都为 m，电荷量为＋q的小液滴从小孔正上方高 h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处且滞留在下极板，直到最后一滴不能到达下极板为止(空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为 g)．求：
(1)最终下极板所带电荷量 Q（Q >> q）；
(2)整个过程系统产生的热能。
答案：。