【物理】电功率单元测试题(含答案)

【物理】电功率单元测试题(含答案)
一、电功率选择题
1．具有防雾除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实现功能切换。

图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V，四段电热丝电阻均为10Ω，防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。

下列说法正确的是（）
A. 开关旋至“1”档，开启化霜功能
B. 开启防雾功能，电路总电阻为5Ω
C. 化霜与防雾电路的总功率之差为15W
D. 从防雾到除露，电路总电流变化1A 【答案】 C
【解析】【解答】由图知道，当开关旋至“1”档时，两条电阻丝串联接入电路，此时电路总电阻最大为2R=2×10Ω=20Ω，由知道，此时电功率最小，开启防雾功能，AB不符合
题意；此时电路中的电流是： =0.5A；此时电路的总功率是：P1=UI1=10V×0.5A=5W；当开关旋至“2”档时，一条电阻丝单独接入电路，电阻较大（大于并联时的总电阻），电路消耗的功率较小，此时为除露功能；此时电路中的电流是：
=1A；从防雾到除露，电路总电流变化量是：I2-I1=1A-0.5A=0.5A，D不符合题意；当开关旋至“3”档时，两条电阻丝并联接入电路，总电阻最小，总功率最大，此时为
化霜功能，电路的总电阻是：，电路的总电流是：
=2A；此时总功率是：P3=UI3=10V×2A=20W，化霜与防雾电路的总功率之差是：P3-P1=20W-5W=15W，C符合题意。

故答案为：C
【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，由知道对应的状态，再逐项进行计算即可.
2．常用于测量家用电器在一段时间内消耗多少电能的仪器是（）
A. 电流表
B. 电压表
C. 电能表
D. 验电器【答案】C
【解析】【解答】解：A、电流表是测电流大小的仪表，不符合题意；
B、电压表测量电压大小，不符合题意；
C、电能表是用来测量家用电器在一段时间内消耗多少电能（即电流做功）的仪表，符合题意；
D、验电器是用来检验物体是否带电的仪器，不符合题意．
故选C．
【分析】明确各仪表或仪器的基本作用回答．
3．如图所示，电源电压恒定不变。

闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由b端移到某点c的过程中，电压表的示数由4V变为3V，电流表的示数由0.2A变为0.3A，由此可知（）
A. 电源电压为7V
B. R1的阻值为20Ω
C. 电路消耗的最小功率为1.2W
D. 滑片P在b端时，10秒内R1产生的热量为12J
【答案】 C
【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）由“闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由B端移到某点C的过程中，电压表的示数由4V变为3V，电流表的示数由0.2A变为0.3A，”可知，R2两端电压为4V，ac两端电压Uac=3V，
当滑动变阻器的滑片P在b端时，电流I=0.2A，当滑片P由b端移到某点c时，电流
I=0.3A，设电源电压为U，则，解得R1=10Ω，U=6V，AB不符合题意；（2）滑动变阻器滑片P在b端时，R1与R2串联，由P=UI可得，电路消耗的最小功率P=UI=6V×0.2A=1.2W，C符合题意；（3）滑片P在b端时，根据串联电路的电压特点可得，R1两端电压U1=U-U2=6V-4V=2V，10秒内R1产生的热量Q=W=U1It=2V×0.2A×10S=4J，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路的电压特点，应用欧姆定律求出R1的阻值和电源电压；滑动变阻器滑片P在b端时，此时电路中的电阻值最大，利用P=UI可求得最小功率，此时，根据串联电路的电压特点可求得R1两端电压，再利用Q=W=UIt可求得R1产生的热量.
4．如图所示的电路，电源电压为3V且保持不变，定值电阻R1=1Ω，滑动变阻器R2阻值范围为0～4Ω．闭合开关S，在滑片从左向右移动的过程中，下列说法正确的是（）
A. 滑动变阻器的最大功率为1.44W
B. 滑动变阻器的最大功率为2W
C. 滑动变阻器的最大功率为2.25W
D. 电压表示数从0V增大到2.4V
【答案】C
【解析】【解答】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I＝
，滑动变阻器消耗的电功率：P2＝I2R2＝（）2R2＝
，所以，当R2＝R1＝1Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最
大，则P2大＝＝2.25W，AB不符合题意、C符合题意；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端的电压，示数为3V，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1两端的电压最小，此
时电路中的电流：I′＝＝0.6A，电压表的最小示数：U1＝I′R1＝0.6A×1Ω＝0.6V，所以，在滑片从左向右移动的过程中，电压表示数从3V减小到0.6V，D 不符合题意。

故答案为：C。

【分析】R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后分析表达式得出滑动变阻器消耗最大功率时接入电路中的电阻，并求出其大小；当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1两端的电压最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R1两端的电压，然后得出电压表示数的变化.
5．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，下列判断正确的是（）
A. 电压表示数变小
B. 电压表示数不变
C. 灯泡L的亮度不变
D. 电压表与电流表A示数比值变小
【答案】 D
【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V1示数不变，A不符合题意；
当滑动变阻器的片P向左滑动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，
由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，
则电压表V1与电流表A示数比值变小，D符合题意；
变阻器接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压特点可知，R两端分得的电压变小，即电压表V2示数变小，B不符合题意；
电源电压不变，R两端分得的电压变小，则灯泡L两端的电压变大，
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，C不符合题意。

故答案为：D
【分析】结合电路图，理清依据的连接方式，根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示
数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律I= 可知电路中电流的变化，然后得出电压表V1与电流表A示数比值变化，根据串联电路的分压特点可知R 和L两端分得的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步得出亮暗变化.
6．关于电现象，下列说法正确的是（）
A. 电流做功越多，电功率越大
B. 家用电器的金属外壳要接地
C. 同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥
D. 导体中没有电流通过时，导体就没有电
阻
【答案】 B
【解析】【解答】解：A、电功率的大小，不但和做功的多少有关，还与时间的长短有关，故A错误；
B、有金属外壳的家用电器的金属外壳要接地，正确；
C、电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故C错误；
D、电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关，故D错误．
故选B．
【分析】（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量，和电流做功的多少、时间的长短有关；
（2）为了防止漏电发生触电事故，所以大功率或有金属外壳的用电器的外壳要接地；（3）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（4）电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关．
7．下列表述正确的是（）
A. 电视机正常工作电流约为1.57A
B. 电水壶电阻为4840Ω
C. 同种电荷互相排斥
D. 磁极间在不接触时无法发生相互作用
【答案】 C
【解析】【解答】A.电视机正常工作电流：，故A错误；
B.电水壶的电阻为：，故B错误；
C.两个带有正电荷的小球之间的距离明显增大，说明同种电荷相互排斥，故C正确；
D.磁极间在不接触时能够发生相互作用，故D错误。

故选C。

【分析】（1）已知额定功率和额定电压根据计算正常工作电流；
（2）已知额定功率和额定电压根据计算电阻；
（3）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（4）磁体之间的磁力不需要相互接触就能发生力的作用。

8．图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（）
A. B. C.
D.
【答案】 C
【解析】【解答】解：由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流．
若电源提供的电流恒定为I总，
AB、根据并联电路特点可知：
U=U0=I0R0=（I总﹣I）R0=﹣IR0+I总R0，
其中I总、R0为定值，由U=﹣R0I+I总R0，可知U与I的图象为一次函数，且﹣R0＜0，故AB错误；
CD、由电功率的计算公式：
电路消耗总功率：P=UI总=（I总﹣I）R0×I总=﹣I总R0I+I总2R0，
其中I总、R0为定值，由P=﹣I总R0I+I总2R0，可知P与I的图象为一次函数，﹣I总R0＜0，且I不能为0，P不会为0，故C正确，D错误．
故选C．
【分析】由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流．
电源提供电流一定，根据并联电路特点分别表示出U与I和P与I的表达式，分析判断即可
9．即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最符合实际的是（）
A. 运动会比赛中100m冠军的成绩约为8s
B. 教室电脑的功率约为1200W
C. 教室门高约为200cm
D. 上课时教室内的温度一般在45°C左右
【答案】C
【解析】【解答】解：A、男子百米世界纪录略小于10s，学校运动会比赛中100m冠军的成绩约为12s，故A不符合实际；
B、教室电脑的功率约为200W，故B不符合实际；
C、中学生的身高在160cm左右，教室门高于中学生身高，约为2m=200cm，故C符合实际；
D、夏天，室外温度可能超过35℃，教室内温度要低于35℃，不可能达到45℃．故D不符合实际．
故选C．
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．
10．两个定值电阻R1、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S，则R1， R2产生的热量之比为（）
A. 2：1
B. 1：2
C. 4：1
D. 1：4
【答案】 A
【解析】【解答】由并联电路的特点知道，R1、R2的电压是相同的，由图乙知道，在电压相同时，通过R1、R2的电流之比是2：1；由I=U/R知道，R1、R2的电阻之比为1：2；由
图甲知道，闭合开关S，则通电时间相同，由Q=W=U2R t知道，产生的热量与电阻成反比，故R1、R2产生的热量之比是2：1，
故答案为：A。

【分析】利用欧姆定律判定R1、R2的阻值关系；根据焦耳定律公式Q=W=t判定产生热量的比值.
11．下列估计值中，最接近实际的是（）
A. 人正常步行时的速度约为5m/s
B. 住宅楼每层楼的高度约为3m
C. 一本物理书的质量约为30g
D. 一盏家用节能灯的功率约为1kW
【答案】B
【解析】【解答】解：
A、人正常步行的速度在4km/h=4× m/s≈1.1m/s左右．故A不符合实际；
B、住宅楼三层的高度在10m左右，一层楼的高度一般在3m左右．故B符合实际；
C、一个大苹果的质量在300g左右，一本物理书的质量与此差不多，在300g左右．故C 不符合实际；
D、教室中日光灯的额定功率在40W左右，家用节能灯的额定功率比日光灯还要小得多，一般在10W左右．故D不符合实际．
故选B．
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
12．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器滑片P向左移动的过程中（不考虑灯丝的电阻受温度的影响），下列说法正确的是（）
A. 电流表示数逐渐变小
B. 电压表示数逐渐变大
C. 滑动变阻器两端的电压逐渐变大
D. 小灯泡的亮度逐渐变暗
【答案】B
【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流．
滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数逐渐变大，故A错误；
由U=IR可知，灯泡L两端的电压变大，即电压表的示数逐渐变大，故B正确；
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，小灯泡的亮度逐渐变亮，故D错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压逐渐变小，故C错误．
故选B．
【分析】由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流．根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化．
13．如图所示电路的两灯泡L1和L2分别标有“3.8V0.2A”和“3.8V0.3A”字样，闭合开关后两均发光。

假改灯泡的电阻不受温度影响，下列判断正确的是（）
A. 两灯串联
B. 灯更亮
C. 灯的电阻丝更粗
D. 电流表的示数为
【答案】 B
【解析】【解答】解：A、由图可知，电流从电源的正极流出，经开关后分为两支，一支经过灯泡L1，另一支经过左侧电流表A1和灯泡L2，汇合到电流表A2再回到电源的负极，因此，两灯泡并联，A不符合题意。

B、两灯泡L1和L2分别标有“3.8V0.2A”和“3.8V0.3A”字样，由I= 可得，R1＞R2，
两灯泡并联，其两端电压相等，由P= 可知，灯泡L1的实际功率小于灯泡L2的实际功率，则灯L2更亮，B符合题意；
C、已知由于灯丝的材料相同，长度相同，L2电阻小于L1电阻，所以L2灯丝就较粗，C不符合题意；
D、由图知，两节干电池串联，则电源电压为3V；如果两灯能正常发光，则A2的示数为
0.2A+0.3A=0.5A；由于电源电压小于两灯泡的额定电压为3.8V，所以此时两灯泡都不能正
常发光，则A2的示数应小于0.5A，D不符合题意。

故答案为：B
【分析】结合实物图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据I= 可求得其电阻，
假改灯泡的电阻不受温度影响，由P=可知其实际功率大小，灯泡的亮度取决于其实际功率大小；再根据影响电阻大小的因素分析得到两灯灯丝的粗细关系.
14．某直流电动机标有“36V18W”字样，经测量其线圈电阻为2Ω，使电动机正常工作10min．则电动机在这段时间内产生的热量是（）
A. 1.08×104J
B. 300J
C. 3.888×105J
D. 1.05×104J
【答案】 B
【解析】【解答】解：直流电动机的电流I＝＝＝0.5A，
所以电动机线圈产生的热量：Q＝I2Rt＝（0.5A）2×2Ω×10×60s＝300J。

故答案为：B。

【分析】先根据公式I＝计算出直流电动机的电流，再根据公式Q＝I2Rt可求这台电动机10min内产生的热量。

15．有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法正确的是（）
A. A的电阻值为6.25Ω
B. A和B串联，电路中电流为0.4A时，A、B的电功率之比为5：4
C. A和B并联在电压为2.5v的电源两端，A、B的电功率之比为5：4
D. 当A和B串联，两者电阻相同时，电源电压为3V
【答案】 C
【解析】【解答】A．由图象可知，当通过A的电流I A＝0.4A时，A两端的电压U A＝
2.0V，由I＝可得，A的电阻值：R A＝＝5Ω，A不符合题意；B．A和B串联，电路中电流为0.4A时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两元件的电流I A＝I B＝0.4A，由图象可知，两元件两端的电压U A＝2.0V，U B＝2.5V，由P＝UI可得，A、B的电功
率之比：，B不符合题意；（3）A和B并联在电压为2.5V的电源
两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两元件两端的电压U A′＝U B′＝2.5V，由图象可知，通过两元件的电流I A′＝0.5A，I B′＝0.4A，则A、B的电功率之比：
，C符合题意；（4）当A和B串联，两者电阻相同时，它们两端的电压和通过的电流相等，由图象可知，电路中的电流为0.6A，两元件两端的电压均为3V 时符合，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U＝U A″+U B″＝3V+3V＝6V，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】根据电流和电压的图像，计算电阻的大小，结合图像分析电流相同或电压相同时的电功率的比值关系.
16．两定值电阻R1=10Ω，R2=5Ω，现将R1、R2接入如图所示的电路，电源电压为3V，当开关S闭合时，下列分析正确的是（）
A. R1、R2电流之比为1：2
B. R1、R2两端的电压之比为2：1
C. R1、R2消耗的电功率之比为1：2
D. 电路消耗总的电功率等于2.7W
【答案】B
【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，R1、R2电流之比为1：1，故A错误；
由I= 可得，R1、R2两端的电压之比：
= = = = ，故B正确；
由P=UI可得，R1、R2消耗的电功率之比：
= = = ，故C错误；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路消耗的总功率：
P总= = =0.6W，故D错误．
故选B．
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，根据串联电路的电流特点可知通过两电阻的电流关系，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据P=UI求出两电阻消耗的电功率之比，
根据电阻的串联和P=UI= 求出电路消耗总的电功率．
17．如图是一个油量表的示意图，滑动变阻器规格为“20Ω1A”．闭合开关，当浮球最低时滑片P滑到a端，电流表示数为0.3A，当浮球最高时，滑片P滑到b端，电流表示数为
0.5A．下列说法错误的是（）
A. 电阻R1的阻值为30Ω
B. 电源电压为15V
C. 在加满油后，1min内电阻R1产生的热量为450J
D. 电阻R1最小功率为7.5W
【答案】D
【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流．（1）当滑片位于a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I= 可得，电源的电压：
U=I a（R1+R2）=0.3A×（R1+20Ω），
当滑片位于b端时，电路为R1的简单电路，则电源的电压：
U=I b R1=0.5A×R1，
因电源的电压不变，
所以，0.3A×（R1+20Ω）=0.5A×R1，
解得：R1=30Ω，故A正确；
电源的电压U=I b R1=0.5A×30Ω=15V，故B正确；（2）在加满油后，滑片位于b端，则1min 内电阻R1产生的热量：
Q1=I b2R1t=（0.5A）2×30Ω×60s=450J，故C正确；
当滑片位于a端时，电阻R1的功率最小，则
P1=I a2R1=（0.3A）2×30Ω=2.7W，故D错误．
故选D．
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流．（1）当滑片位于a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；当滑片位于b端时，电路为R1的简单电路，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；（2）在加满油后，滑片位于b端，根据Q=I2Rt求出1min内电阻R1产生的热量；当滑片位于a端时，电阻R1的功率最小，根据P=I2R求出其大小．
18．如图所示，R0为定值电阻，闭合开关后，当滑片P在某两点之间滑动时，电流表的示数变化范围是0.5～1.5A，电压表的示数变化范围是3～6V．小明通过推算，得出四个结
论，其中错误的是（）
A. 定值电阻R0的阻值为3Ω
B. 变阻器连入电路的电阻变化范围为2～12Ω
C. 实验中R0两端的电压变化范围为 1.5V～4.5V
D. 电路消耗的总功率的变化范围为
3.75W～10.25W
【答案】D
【解析】【解答】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端电压；当滑动变阻器接入电路阻值增大时，电路中电流减小，即电流表示数减小；变阻器接入阻值增大时，其分得电压增大，即电压表示数增大；所以，电流表与电压表的示数变化情况是相反的。

A、由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压U=U V+IR0，电流表示数变化范围是0.5A～1.5A，电压表的示数变化范围3V～6V，结合前面分析可知，当I=0.5A时，U V=6V，所以有U=6V+0.5A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当I=1.5A时，U V=3V，所以有U=3V+1.5A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立①②解得：R0=3Ω，U=7.5V，A不符合题意；
B、由题可知，电流表示数变化范围是0.5A～1.5A，电压表的示数变化范围3V～6V，滑动
变阻器接入电路的阻值分别为：R滑= = =2Ω，R滑′= = =12Ω，即变阻器连入电路的阻值变化范围为2Ω～12Ω，B不符合题意；
C、R0两端的电压分别为：U0=I最小R0=0.5A×3Ω=1.5V，U0′=I最大R0=1.5A×3Ω=4.5V，
则R0两端的电压变化范围是1.5V～4.5V，C不符合题意；
D、电路消耗的最小电功率：P最小=UI最小=7.5V×0.5A=3.75W，电路消耗的最大电功率：P最大=UI最大=7.5V×1.5A=11.25W，
则电路消耗的总功率的变化范围为3.75W～11.25W，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】根据电流的范围和电压的范围，结合欧姆定律计算公式和电功率计算公式，求电路中的电阻、分压情况和电功率.
19．下列数据中最接近实际情况的是（）
A. 普通居民楼一层的高度约为6m
B. 一个小铁钉受到的重力约为5N
C. 成年人正常步行速度约为5m/s
D. 家用电饭煲的额定功率约为800W
【答案】D
【解析】【解答】解：
A、普通居民楼一层的高度在3m左右，故错；
B、一个小铁钉的质量约5g，受到的重力G=mg=5×10﹣3kg×10N/kg=0.05N，故B错；
C、成年人步行的速度一般在1.1m/s左右，不会达到5m/s；故C错误；
D、一个家用电饭煲的额定功率约为800W，正确．
故选D．
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
20．如图所示，下列电器设备工作时，主要利用电流热效应进行工作的是（）
A. 电视机
B. 洗衣机
C. 电风扇
D. 电热水壶
【答案】D
【解析】【解答】A、电视机主要把电能转化为光能和声能，不是根据电流的热效应工作的；A不符合题意．
B、洗衣机工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；B不符合题意．
C、电风扇工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；C不符合题意．
D、电热水壶工作时，将电能转化成内能，是根据电流的热效应工作的；D符合题意．
故答案为：D．
【分析】电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；根据各用电器工作时能量转化识别判断即可.
21．下列用电器正常工作时电流最接近0.05安的是（）
A. 空调
B. 洗衣机
C. 电视机
D. 节能灯【答案】D
【解析】【解答】家用电器的额定电压都是220V，若电流是0.05A，即此时的功率是：P UI 220V×0.05A 11W；
空调功率在1kW左右；洗衣机的功率500W左右；节能灯的功率在十几瓦左右；电视机在100W左右.
故答案为：D.
【分析】先由P=UI计算用电器的功率，再根据对常用电器的功率的认识判断即可.
22．甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列分析正确的是（）
A. 若灯丝的材料、长度相同，乙灯的灯丝比甲灯的灯丝粗
B. 若将两灯并联接入电压为220V的电路，甲灯比乙灯亮
C. 若将两灯分别接入电压为220V的电路，乙灯消耗的电能多
D. 若将两灯串联，只要电源电压适当，甲、乙两灯就能同时正常发光
【答案】 A
【解析】【解答】根据电压和电功率，结合公式，得，由于甲灯的功率为25W，较小，电阻大，若导体的材料、长度相同，电阻大的导体较粗，A符合题意；当两灯并联时电压相等，功率较大的灯泡亮，B不符合题意；灯泡消耗的电功率和电功率、时
间有关，时间不确定时，消耗的电能不能比较，C不符合题意；由于，电功率不同，两灯的额定电流不同，不能同时正常发光，D不符合题意。

故答案为：A.
【分析】根据灯泡的电功率和电压分析电阻和电流，导体的电阻和导体的材料、长度、横截面积有关。

23．王楠同学在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解放碑雅兰电子城买了“1W 2kΩ”的电位器一个，装在台灯（灯泡为“PZ22060”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。

分析他失败的原因是（）
A. 因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣
B. 电位器额定功率偏小
C. 电位器额定电流偏大
D. 电位器电阻偏小，应换用20kΩ
【答案】 B
【解析】【分析】首先利用利用额定功率和实际功率的关系判断A、B、C是否正确．
知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式R=计算出灯泡的电阻，再利用串联电路的特点和电功率的公式计算出变阻器的实际功率，从而判断D是否正确．
【解答】因为烧毁了，所以电位器规格肯定不合格；故A错误；
功率偏大不可能，既然烧坏了那肯定是实际功率大于了额定功率，C说法错误，不符合题意；B说法正确；
灯泡为“PZ22060”，。