高考数学专题(四)数学开放性问题怎么解

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高考数学复习综合讲解----第28讲 结论开放的探索性问题(含详解)

高考数学复习综合讲解----第28讲 结论开放的探索性问题(含详解)

1 2
2
其体积分别为:
11 ,
14 ,
11 .
12 12 6
点评:数学需要解题,但题海战术绝对不是学习数学的最佳策略.如何能
够跳出题海,事半功倍,关键是找到好的切入点.从本题来说,一方面当然要
最快找到一个可能的结果,另一方面,对于这种具有多重结果的结论开放性试
题,抓住条件中那些影响结果的动态因素,全面考察问题的各个方面,不仅可
以其中某一论断为条件,另一论断为结论(例如:⑤ ①),至少写出你
认为正确的三个命题:
.
讲解:本题考察对于函数性质的理解.
根据单调性的定义,不难知道:②⑤等价,又由于单调函数必有反函数,
所以,不难写出三个正确命题:② ⑤;④ ⑤;② ④(或④ ②).
进一步思考,函数的值域与单调性、奇偶性并无直接联系,而且单调性与
高考数学复习综合讲解----结论开放的探索性问题
题型预测
探索性问题是指那些题目条件不完备、结论不明确、或者答案不唯一,给学生留有较 大探索余地的试题.这一类问题立意于对发散思维能力的培养和考察,具有开放性,解法 活、形式新,无法套用统一的解题模式,不仅有利于考查和区分考生的数学素质和创新能 力,而且还可以有效地检测和区分考生的学习潜能,因而受到各方面的重视,近年来已成 为高考试题的一个新亮点.探索性问题一般有三类:(1)探索结论的开放性问题;(2) 探索条件的开放性问题;(3)探索规律(或策略)的问题.
例 3. 如 右 图 , 在 正 方 体 ABCD A1B1C1D1
A1
中,写出过顶点 A 的一个平面,使该平面与正 C1
B1 D1
方体的 12 条棱所成角都相等(写出你认为正确 的一个平面即可,不必考虑所有可能的情况).

新高考数学新定义 开放性和探究专题(解析版)

新高考数学新定义 开放性和探究专题(解析版)

新高考新定义开放性和探究专题题型一:数列新题型1(2023·河北张家口·统考二模)欧拉函数φn n ∈N * 的函数值等于所有不超过正整数n ,且与n 互质的正整数的个数,例如:φ1 =1,φ3 =2.数列a n 满足a n =φ2n ,其前n 项和为S n ,则S 10=()A.1024B.2048C.1023D.2047【答案】C【分析】根据欧拉函数的定义可求出a n =φ2n =2n -1,再由等比数列的前n 项和公式即可求出答案.【详解】根据欧拉函数的定义可得a 1=φ2 =1,a 2=φ22 =2,a 3=φ23 =4,a 4=φ24 =8,一般地,a n =φ2n =2n -1.事实上,φ2n 表示从1到2n 的正整数中,与2n 互质的正整数的个数,相当于去掉从1到2n 的正整数中所有2的倍数的个数(共2n -1个数),因此,a n =φ2n =2n -2n -1=2n -1.所以,S 10=1+2+4+⋯+29=1023.故选:C .2(2023·陕西西安·西安一中校联考模拟预测)南宋数学家杨辉在《详解九章算术》中提出了高阶等差数列的问题,即一个数列a n 本身不是等差数列,但从a n 数列中的第二项开始,每一项与前一项的差构成等差数列b n (则称数列a n 为一阶等差数列),或者b n 仍旧不是等差数列,但从b n 数列中的第二项开始,每一项与前一项的差构成等差数列c n (则称数列a n 为二阶等差数列),依次类推,可以得到高阶等差数列.类比高阶等差数列的定义,我们亦可定义高阶等比数列,设数列1,1,2,8,64⋯是一阶等比数列,则该数列的第8项是( ).A.28 B.215C.221D.228【答案】C 【分析】设b n -1=a na n -1,得到b n 为等比数列,求得b n =2n -1,结合a n =b n -1⋅b n -2⋯b 1⋅a 1,进而求得a 8的值.【详解】由题意,数列1,1,2,8,64,⋯为a n ,且为一阶等比数列,设b n -1=a na n -1,所以b n 为等比数列,其中b 1=1,b 2=2,公比为q =b 2b 1=2,所以b n =2n -1,则a n =b n -1⋅b n -2⋯b 1⋅a 1=21+2+3+⋯+n -2=2n -1 n -22,n ≥2,所以第8项为a 8=221.故选:C .3(2023·上海黄浦·统考二模)设数列a n 的前n 项的和为S n ,若对任意的n ∈N *,都有S n <a n +1,则称数列a n 为“K 数列”.关于命题:①存在等差数列a n ,使得它是“K 数列”;②若a n 是首项为正数、公比为q 的等比数列,则q ∈[2,+∞)是a n 为“K 数列”的充要条件.下列判断正确的是()A.①和②都为真命题B.①为真命题,②为假命题C.①为假命题,②为真命题D.①和②都为假命题【答案】C【分析】根据给定的定义,按公差的取值情况分类探讨判断①;利用等比数列通项公式及前n项和公式,结合不等式恒成立即可推理作答.【详解】令等差数列a n的公差为d,当d≤0时,S1=a1≥a1+d=a2,不符合题意,当d>0时,S n-a n+1=na1+n(n-1)2d-(a1+nd)=d2n2-32d-a1n-a1,函数f(x)=d2x2-32d-a1x-a1的图象是开口向上的抛物线,对称轴x=32-a1d,存在x0>32-a1d,使得f(x0)>0,取不小于x0的正整数n,则有f(n)>0,即S n>a n+1,不符合题意,综上得①为假命题;等比数列a n首项a1>0,因为数列a n为“K数列”,则有a1=S1<a2=a1q,即q>1,S n=a1(1-q n)1-q,a n+1=a1q n,于是a1(1-q n)1-q<a1q n⇔q n+1-2q n+1>0⇔2-q<1q n,依题意,任意的n∈N*,2-q<1q n,函数y=1qx,x≥1在[1,+∞)单调递减,值域是0,1q ,因此2-q≤0⇔q≥2,所以q∈[2,+∞)是a n为“K数列”的充要条件,②是真命题,判断正确的是①为假命题,②为真命题.故选:C【点睛】关键点睛:数列是特殊的函数,根据数列的特性,准确构造相应的函数,借助函数性质分析求解是解题的关键,背景函数的条件,应紧扣题中的限制条件.题型二:立体几何新定义4(2023·辽宁沈阳·统考一模)刻画空间的弯曲性是几何研究的重要内容.用曲率刻画空间弯曲性,规定:多面体顶点的曲率等于2π与多面体在该点的面角和的差(多面体的面的内角叫做多面体的面角,角度用弧度制),多面体面上非顶点的曲率均为零,多面体的总曲率等于该多面体各顶点的曲率之和.则正八面体(八个面均为正三角形)的总曲率为()A.2πB.4πC.6πD.8π【答案】B【分析】利用正八面体的面积和减去六个顶点的曲率和可得结果.【详解】正八面体每个面均为等比三角形,且每个面的面角和为π,该正面体共6个顶点,因此,该正八面体的总曲率为6×2π-8π=4π.故选:B.5(2021·全国·统考模拟预测)图1中的机械设备叫做“转子发动机”,其核心零部件之一的转子形状是“曲侧面三棱柱”,图2是一个曲侧面三棱柱,它的侧棱垂直于底面,底面是“莱洛三角形”,莱洛三角形是以正三角形的三个顶点为圆心,正三角形的边长为半径画圆弧得到的,如图3.若曲侧面三棱柱的高为10,底面任意两顶点之间的距离为20,则其侧面积为()A.100πB.600C.200πD.300π【答案】C【分析】由莱洛三角形是以正三角形的三个顶点为圆心,正三角形的边长为半径画圆弧得到的,结合已知可得半径为20,由弧长公式求得底面周长,进而可求得结果.【详解】莱洛三角形由三段半径为20,圆心角为π3的圆弧构成,所以该零件底面周长为3×π3×20=20π,故其侧面积为200π.故选:C.6(2023·四川南充·四川省南充高级中学校考模拟预测)我国南北朝时期的著名数学家祖暅原提出了祖暅原理:“幂势既同,则积不容异.”意思是,夹在两个平行平面之间的两个几何体,被平行于这两个平面的任意一个平面所截,若截面面积都相等,则这两个几何体的体积相等.运用祖暅原理计算球的体积时,构造一个底面半径和高都与球的半径相等的圆柱,与半球(如图①)放置在同一平面上,然后在圆柱内挖去一个以圆柱下底面圆心为顶点,圆柱上底面为底面的圆锥后得到一新几何体(如图②),用任何一个平行于底面的平面去截它们时,可证得所截得的两个截面面积相等,由此可证明新几何体与半球体积相等,即12V球=πR2⋅R-13πR12⋅R=23πR3.现将椭圆x24+y29=1绕y轴旋转一周后得一橄榄状的几何体(如图③),类比上述方法,运用祖暅原理可求得其体积等于()A.32πB.24πC.18πD.16π【答案】D【解析】构造一个底面半径为2,高为3的圆柱,通过计算可得高相等时截面面积相等,根据祖暅原理可得橄榄球形几何体的体积的一半等于圆柱的体积减去圆锥的体积.【详解】解:构造一个底面半径为2,高为3的圆柱,在圆柱中挖去一个以圆柱下底面圆心为顶点的圆锥,则当截面与顶点距离为h0≤h≤3时,小圆锥底面半径为r,则h3=r2,∴r=23h,故截面面积为:4π-49πh2,把y=h代入x24+y29=1,即x24+h29=1,解得:x=±239-h2,∴橄榄球形几何体的截面面积为πx2=4π-49πh2,由祖暅原理可得橄榄球形几何体的体积为:V=2V圆柱-V圆锥 =2×4π×3-13×4π×3=16π.故选:D.【点睛】关键点点睛:本题解题的关键是读懂题意,构建圆柱,通过计算得到高相等时截面面积相等,根据祖暅原理得到橄榄球形几何体的体积.题型三:函数新定义7(2023·陕西商洛·统考二模)古希腊数学家普洛克拉斯指出:“哪里有数,哪里就有美.”“对称美”是数学美的重要组成部分,在数学史上,人类一直在思考和探索数学的对称问题,图形中的对称性本质就是点的对称、线的对称.如正方形既是轴对称图形,又是中心对称图形,对称性也是函数一个非常重要的性质.如果一个函数的图象经过某个正方形的中心并且能够将它的周长和面积同时平分,那么称这个函数为这个正方形的“优美函数”.下列关于“优美函数”的说法中正确的有()①函数f x =x2x+2-x-1≤x ≤1 可以是某个正方形的“优美函数”;②函数f x =4cos 2x -π6 +3只能是边长不超过π2的正方形的“优美函数”;③函数f x =ln 4x 2+1-2x -1可以是无数个正方形的“优美函数”;④若函数y =f x 是“优美函数”,则y =f x 的图象一定是中心对称图形.A.①② B.①③ C.②③ D.②④【答案】B【分析】根据“优美函数”的定义,可判断①③中的函数为奇函数,其图象为中心对称图形,可判断其正误,结合余弦函数的性质可判断②,作图分析,举出反例,判断④.【详解】对于①,f x =x 2x+2-x -1≤x ≤1满足f -x =-x2-x +2x =-f (x ),故为奇函数,则f x 图象原点对称,且连续,所以f x 可以是中心为原点且边长为2的正方形的“优美函数”,故①正确.对于②,令2x -π6=π2+k πk ∈Z ,得x =π3+k π2k ∈Z ,所以f x =4cos 2x -π6+3图象的对称中心为π3+k π2,3 k ∈Z ,故以π3+k π2,3k ∈Z 为中心的正方形都能被函数f x =4cos 2x -π6+3的图象平分,即f x =4cos 2x -π6+3可以同时是无数个正方形的“优美函数”,故②错误.对于③,令g x =ln 4x 2+1-2x ,x ∈R ,则g -x =ln 4x 2+1+2x =-ln 4x 2+1-2x =-f (x ),故g x 为奇函数.又因为f x 的图象是由g x 的图象向下平移一个单位长度得到的,所以f x 图象的对称中心为0,-1 ,故以0,-1 为中心的正方形都能被f x =ln 4x 2+1-2x -1的图象平分,故③正确.对于④,如图所示,图中两三角形面积相等,函数y =f x 是“优美函数”,但其图象不是中心对称图形,可知④错误,故选:B8(2021·陕西渭南·统考三模)已知符号函数sgn x =1,x >0,0,x =0,-1,x <0,偶函数f x 满足f x +2 =f x ,当x ∈0,1 时,f x =x ,则下列结论正确的是()A.sgn f x >0 B.f 40412=1C.sgn f 2k =0k ∈Z D.sgn f k =sgn k k ∈Z【答案】C【分析】利用偶函数以及函数周期为2,作出函数f x 的大致图象,数形结合即可逐个分析答案.【详解】根据题意得函数f x 是周期为2的函数,作出函数f x 的大致图象,如下图所示.数形结合易知f x ∈0,1 ,则sgn f x =0或sgn f x =1,故A 错误;f 40412=f 202012 =12,故B 错误;f 2k =0k ∈Z ,则sgn f 2k =0k ∈Z ,故C 正确;sgn k =1,k >00,k =0,-1,k <0(k ∈Z ),所以sgn k =1,k ≠00,k =0 (k ∈Z ),所以sgn f k ≠sgn k k ∈Z ,故D 错误.故选:C .9(2023·陕西安康·统考二模)宋代理学家周敦颐的《太极图》和《太极图说》是象数和义理结合的表达.《朱子语类》卷七五:“太极只是一个混沦底道理,里面包含阴阳、刚柔、奇偶,无所不有”.太极图(如下图)将平衡美、对称美体现的淋漓尽致.定义:对于函数f x ,若存在圆C ,使得f x 的图象能将圆C 的周长和面积同时平分,则称f x 是圆C 的太极函数.下列说法正确的是()①对于任意一个圆,其太极函数有无数个②f x =log 122x +1 +12x 是x 2+y +1 2=1的太极函数③太极函数的图象必是中心对称图形④存在一个圆C ,f x =sin x +cos x 是它的太极函数A.①④ B.③④ C.①③ D.②③【答案】A【分析】根据“太极函数”、函数的对称性、对数运算等知识对选项4个说法进行分析,由此确定正确答案.【详解】对于①:过圆心的直线都可以将圆的周长和面积平分,所以对于任意一个圆,太极函数有无数个,故①正确对于②:f -x =log 122-x+1 -12x =log 121+2x 2x-12x ,f x -f -x =log 122x+12x +12x+x =-x +x =0,所以f x 关于y 轴对称,不是太极函数,故②错误;对于③:中心对称图形必定是太极函数,对称点即为圆心.但太极函数只需平分圆的周长和面积,不一定是中心对称图形,故③错误;对于④:曲线f x =sin x +cos x =2sin x +π4存在对称中心,所以必是某圆的太极函数,故④正确.故选:A .题型四:向量新定义10(2022·浙江·高三专题练习)定义d a ,b =a -b 为两个向量a ,b 间的“距离”,若向量a ,b满足下列条件:(ⅰ)b =1;(ⅱ)a ≠b ;(ⅲ)对于任意的t ∈R ,恒有d a ,tb ≥d a ,b,现给出下面结论的编号,①.a ⊥b ②.b ⊥a -b ③.a ⊥a -b ④.a ≥1⑤.a +b ⊥a -b 则以上正确的编号为()A.①③B.②④C.③④D.①⑤【答案】B【分析】根据题意可得a -tb 2≥a -b 2,转化为t 2-2ta ⋅b +2a ⋅b -1 ≥0对于任意的t ∈R 恒成立,即Δ≤0,整理得a ⋅b -1 2≤0,再利用向量的数量积逐一判断即可.【详解】由于d a ,b =a -b ,又对于t ∈R ,恒有d a ,tb ≥d a ,b ,显然有a -tb ≥a -b ,即a -tb 2≥a -b 2,则t 2-2ta ⋅b +2a ⋅b-1 ≥0对于任意的t ∈R 恒成立,显然有Δ=-2a ⋅b 2-42a ⋅b-1 ≤0成立,即a ⋅b -1 2≤0,则a ⋅b=1,故序号①错误,进而a ⋅b =a ⋅bcos θ=1,∵b =1,于是cos θ=1a ≤1,得a ≥1,即序号④正确.再由a ⋅b -1=0得a ⋅b -b 2=0,得b a -b =0,∴b ⊥a -b ,显然序号②正确.从而序号③错误,再由②a ≠b ,故序号⑤错误.综上知本题正确的序号为②④.故选:B .【点睛】本题命制是以新定义为背景,考查向量长度及数量积等知识概念,同时考查了等价转换、不等式恒成立问题,符合以生考熟的高考理念,考查知识内容源于教材,试题面向全体考生,不同思维能力层次的考生度可以利用熟悉的通法来解决问题,从而增强考生的自信心,有利于考生正常发挥,属于中档题.11(2023·全国·高三专题练习)互相垂直且有公共原点的两条数轴构成平面直角坐标系,但如果平面坐标系中两条坐标轴不垂直,则这样的坐标系称为“斜坐标系”.如图,在斜坐标系中,过点P 作两坐标轴的平行线,其在x 轴和y 轴上的截距a ,b 分别作为点P 的x 坐标和y 坐标,记P a ,b ,则在x 轴正方向和y 轴正方向的夹角为θ的斜坐标系中,下列选项错误的是()A.当θ=60°时A 1,2 与B 3,4 距离为23B.点A 1,2 关于原点的对称点为A -1,-2C.向量a=x 1,y 1 与b =x 2,y 2 平行的充要条件是y 1x 2=y 2x 1D.点A 1,2 到直线x +y -1=0的距离为2【答案】D【分析】根据“斜坐标系”的定义,结合向量运算对选项进行分析,从而确定正确答案.【详解】设x 轴正方向的单位向量为e 1 ,y 轴正方向的单位向量为e 2,对于A 选项:由已知得e 1 ,e 2 =60°,所以e 1 ⋅e 2 =1×1×12=12.由A 1,2 ,B 3,4 及斜坐标的定义可知OA =e 1 +2e 2 ,OB =3e 1 +4e 2,AB =OB -OA =2e 1 +e 2 =2e 1 +e 2 2=2e 1 2+2e 1 ⋅e 2 +e 2 2=21+1+1=23,故A 选项正确;对于B 选项:根据“斜坐标系”的定义可知:点A 1,2 ,则OA =e 1 +2e 2 ,设A 1,2 关于原点的对称点为Ax ,y ,则OA ' =-OA =-e 1 -2e 2 =x e 1 +y e 2 ,由于e 1 ,e 2 不共线,所以x =-1y =-2 ,故B 选项正确;对于C 选项:a =x 1e 1 +y 1e 2 ,b =x 2e 1 +y 2e 2 ,若a 是零向量,则a ⎳b 成立,同时x 1=y 1=0,所以x 1y 2=x 2y 1成立,此时a ⎳b⇔x 1y 2=x 2y 1;若a 是非零向量,则a ⎳b ⇔存在非零常数λ,使b =λa⇔x 2e 1 +y 2e 2 =λx 1e 1 +λy 1e 2 ⇔x 2=λx 1λy 1=y 2 ⇔λx 2y 1=λx 1y 2⇔y 1x 2=y 2x 1,所以a ⎳b⇔x 1y 2=x 2y 1.故C 选项正确;对于D 选项:设直线x +y -1=0上的动点为P x ,y ,OP =x e 1 +y e 2 ,因为x +y -1=0,所以x +y =1,设OC =e 1 ,OD =e 2 ,则点P x ,y 在直线CD 上,所以直线x +y -1=0过点C 1,0 ,D 0,1 ,因为OA =e 1 +2e 2 ,则AC =OC -OA =2e 2 =2,AD =OD -OA =e 1 +e 2 =e 1 +e 2 2=3,由于OC =OD =1,OC ,OD =60°,所以CD =1.所以AD 2+CD 2=AC 2,所以AD ⊥CD ,所以点A 到直线x +y -1=0的距离为AD=3,故D 选项错误.故选:D12(2023·全国·高三专题练习)向量的运算包含点乘和叉乘,其中点乘就是大家熟悉的向量的数量积.现定义向量的叉乘:给定两个不共线的空间向量a 与b ,a ×b 规定:①a ×b 为同时与a ,b垂直的向量;②a ,b ,a ×b 三个向量构成右手系(如图1);③a ×b =a b sin a ,b ;④若a=x 1,y 1,z 1 ,b =x 2,y 2,z 2 ,则a ×b=+y 1,z 1y 2,z 2 ,-x 1,z 1x 2,z 2 ,+x 1,y 1x 2,y 2 ,其中a ,b c ,d=ad -bc .如图2,在长方体中ABCD -A 1B 1C 1D 1,AB =AD =2,AA 1=3,则下列结论正确的是()A.AB ×AD =AA 1B.AB ×AD =AD ×ABC.AB -AD ×AA 1 =AB ×AA 1 -AD ×AA 1D.长方体ABCD -A 1B 1C 1D 1的体积V =AB ×AD ⋅C 1C【答案】C【分析】利用向量的叉乘的定义逐项分析即得.【详解】解法一:AA 1 同时与AB ,AD 垂直;AA 1 ,AB ,AD三个向量构成右手系,且AB ×AD =AB AD sin AB ,AD =2×2×sin90°=4≠AA 1=3,所以选项A 错误;根据右手系知:AB ×AD 与AD ×AB 反向,所以AB ×AD ≠AD ×AB,故选项B 错误;因为AB -AD ×AA 1 =DB ×BB 1=22×3×sin90°=62,且DB ×BB 1 =-BD ×BB 1 与CA同向共线;又因为AB ×AA 1 =2×3×sin90°=6,且AB ×AA 1 与DA同向共线,AD ×AA 1 =2×3×sin90°=6,AD ×AA 1与DC 同向共线,所以AB ×AA 1 -AD ×AA 1 =62,且AB ×AA 1 -AD ×AA 1 与CA 同向共线,AB -AD ×AA 1 =AB ×AA -AD ×AA 1,故选项C 正确;因为长方体ABCD -A 1B 1C 1D 1的体积为2×2×3=12.又因为由右手系知向量AB ×AD 方向垂直底面向上,与C 1C 反向,所以AB ×AD ⋅C 1C<0,故选项D 错误;故选:C .解法二:如图建立空间直角坐标系:AB =0,2,0 ,AD =-2,0,0 ,AA 1 =0,0,3 ,则AB ×AD=0,0,4 ,所以选项A 错误;C 1C =0,0,-3 ,则AB ×AD ⋅C 1C =-12,故选项D 错误;AD ×AB=0,0,-4 ,故选项B 错误;AB -AD =DB =2,2,0 ,则AB -AD ×AA 1 =6,-6,0 ,AB ×AA 1 =6,0,0 ,AD ×AA 1 =0,6,0 ,则AB ×AA 1 -AD ×AA 1 =6,-6,0 .所以AB -AD ×AA 1 =AB ×AA 1 -AD ×AA 1 ,故选项C 正确;故选:C .题型五:开放性题型13(2023·甘肃酒泉·统考三模)已知P 是平行四边形ABCD 对角线上的一点,且AP =λAB +μAD,其中λ∈0,1,μ∈ 0,1 ,写出满足条件的λ与μ的一组λ,μ 的值.【答案】13,23(答案不唯一,满足λ+μ=1或λ=μ即可)【分析】若P 在AC 上可得λ=μ,若P 在BD 上,根据共线定理的推论得到λ+μ=1,填写符合题意的答案即可.【详解】因为AC =AB +AD ,若P 在AC 上,则AC ⎳AP ,又AP =λAB +μAD ,所以λ=μ,若P 在BD 上,即P 、B 、D 三点共线,又AP =λAB +μAD,则λ+μ=1.故答案为:13,23(答案不唯一,满足λ+μ=1或λ=μ即可)14(2023·江西九江·瑞昌市第一中学校联考模拟预测)已知⊙O :x 2+y 2=4,⊙C 与一条坐标轴相切,圆心在直线x -y +7=0上.若⊙C 与⊙O 相切,则⊙C 的一个方程为.【答案】x +4 2+y -3 2=9(答案不唯一)【分析】先根据已知得出⊙C 的圆心在⊙O 的外面.然后分⊙C 与x 轴相切以及⊙C 与y 轴相切,结合已知可得出两圆外切.列出方程,化简整理求解,即可得出答案.【详解】由已知可得,⊙O :x 2+y 2=4的圆心为O 0,0 ,半径R =2,所以点O 0,0 到直线x -y +7=0的距离d =72=722>2,所以,直线与圆相离,所以⊙C 的圆心在⊙O 的外面.当⊙C 与x 轴相切时,设⊙C 的圆心C a ,a +7 ,则⊙C 的半径r 1=a +7 .因为⊙C 与⊙O 相切,且C 在⊙O 的外面,所以两圆外切.所以OC =R +r 1,即a 2+a +7 2=2+a +7 ,整理可得,a 2=4+4a +7 .若a ≤-7,整理可得a 2+4a +24=0无解,所以a >-7,所以a 2-4a -32=0,解得a =-4或a =8,所以⊙C 方程为x +4 2+y -3 2=9或x -8 2+y -15 2=225;当⊙C 与y 轴相切时,设圆心C a ,a +7 ,则⊙C 的半径r 2=a .由两圆外切可得,OC =R +r 2,即a 2+a +7 2=2+a ,整理可得a 2+14a +49=4+4a ,则a <0,所以有a 2+18a +45=0,解得a =-3或a =-15,所以⊙C 方程为x +3 2+y -4 2=9或x +15 2+y +8 2=225.故答案为:x +4 2+y -3 2=9.15(2023·新疆·校联考二模)已知函数f x 满足下列条件:①f x 是y =sin x 经过图象变换得到的;②对于∀x ∈R ,均满足-3=f -π6 ≤f x ≤f π3=1成立;③y =f x 的函数图象过点0,-2 .请写出符合上述条件的一个函数解析式.【答案】f x =2sin 2x -π6-1(答案不唯一)【分析】由①可设f x =A sin ωx +φ +B ,根据②,设A >0,求得A =2,B =-1,且ω=2,再由③求得φ的一个值为φ=-π6,即可求解.【详解】解:由①可设f x =A sin ωx +φ +B ,又由②可知,不妨设A >0,由-3=f -π6 ≤f x ≤f π3 =1,可得A =1-(-3)2=2,B =1+(-3)2=-1,且T =2π3--π6=π,所以ω=2πT=2,所以f x =2sin 2x +φ -1,由③,可得2sin φ-1=-2,即sin φ=-12,所以φ的一个值为φ=-π6,因此函数f x 的一个解析式为f x =2sin 2x -π6-1.故答案为:f x =2sin 2x -π6-1(答案不唯一).16(2023·江西南昌·校联考模拟预测)正割(Secant )及余割(Co sec ant )这两个概念是由伊朗数学家、天文学家阿布尔·威发首先引入,sec ,csc 这两个符号是荷兰数学家基拉德在《三角学》中首先使用,后经欧拉采用得以通行.在三角中,定义正割sec α=1cos α,余割csc α=1sin α.已知函数f x =1sec x +1csc x,给出下列说法:①f x 的定义域为x x ≠k π,k ∈Z ;②f x 的最小正周期为2π;③f x 的值域为-2,-1 ∪-1,1 ∪1,2 ;④f x 图象的对称轴为直线x =-π4+k πk ∈Z .其中所有正确说法的序号为()A.②③B.①④C.③D.②③④【答案】A【分析】首先化简函数f x =2sin x +π4,再结合原函数的特征,求函数的定义域,以及根据三角函数的性质判断周期,值域和对称性.【详解】f x =1sec x +1csc x =cos x +sin x =2sin x +π4 ,由cos x ≠0,sin x ≠0,得x ≠k π2k ∈Z ,即f x 的定义域为x x ≠k π2,k ∈Z ,①错误;f x 的定义域关于原点对称,故f x 的最小正周期与函数y =2sin x +π4的最小正周期一致,均为2π,②正确;当x =0,π2,π,3π2时,y =2sin x +π4的值分别为1,1,-1,-1,考虑周期性可知,f x 的值域为-2,-1 ∪-1,1 ∪1,2 ,③正确;令x +π4=π2+k πk ∈Z ,得x =π4+k πk ∈Z ,即f x 图象的对称轴为直线x =π4+k πk ∈Z ,④错误,故选:A .17(2023春·重庆沙坪坝·高三重庆一中校考阶段练习)林业部门规定:树龄500年以上的古树为一级,树龄300~500年之间的古树为二级,树龄100~299年的古树为三级,树龄低于100年不称为古树.林业工作者为研究树木年龄,多用年轮推测法,先用树木测量生长锥在树干上打孔,抽取一段树干计算年轮个数,由经验知树干截面近似圆形,年轮宽度依次构成等差数列.现为了评估某棵大树的级别,特测量数据如下:树干周长为3.14米,靠近树芯的第5个年轮宽度为0.4cm ,靠近树皮的第5个年轮宽度为0.2cm ,则估计该大树属于()A.一级B.二级C.三级D.不是古树【答案】C【分析】由条件抽象出等差数列的基本量,再结合等差数列的前n 项和,求n .【详解】设树干的截面圆的半径为r ,树干周长2πr =3.14,r =0.5m =50cm ,从内向外数:a 5=0.4,a n -4=0.2,S n =r =50=a 5+a n -4 ⋅n2=0.3n ,∴n =5003≈167年,所以为三级.故选:C18(2023春·江西·高三校联考阶段练习)若存在实数k 和m 使得函数f x 和g x 对其公共定义域上的任意实数x 都满足:g x ≤kx +m ≤f x 恒成立,则称此直线y =kx +m 为f x 和g x 的“分离直线”.有下列命题:①f x =x 2和g x =a ln x 之间存在唯一的“分离直线”y =2ex -e 时a =2e ;②f x =x 2和g x =1x(x <0)之间存在“分离直线”,且m 的最小值为-4,则()A.①、②都是真命題B.①、②都是假命題C.①是假命题,②是真命题D.①是真命题,②是假命题【答案】A【分析】命题①,f(x)=x2和g(x)=2e ln x有公共点e,e,故隔离直线过该点,设为点斜式,结合二次函数性质对参数分类讨论,即可求解;命题②,设隔离直线为y=kx+b,则x2-kx-m≥0kx2+mx-1≤0对任意x<0恒成立,结合二次函数性质对参数分类讨论,即可求解;【详解】对于命题①,函数f(x)=x2和g(x)=2e ln x的图像在x=e处有公共点,若存在f(x)和g(x)的隔离直线,那么该直线过这个公共点e,e,设隔离直线的斜率为k,则隔离直线方程为y-e=k x-e,即y=kx-k e+e 由f(x)≥kx-k e+e x>0恒成立,即x2-kx+k e-e≥0x>0恒成立,(i)当k=0时,则x2≥e x>0不恒成立,不符合题意;(ii)当k<0时,令u x =x2-kx+k e-e x>0,对称轴x=k2<0,u x 在0,e上单调递增,且u e=0,故k<0不恒成立,不符合题意;(iii)当k>0时,令u x =x2-kx+k e-e x>0,对称轴x=k2>0,则u x min=uk2=-k24+k e-e=-k-2e24≥0,只有k=2e,即直线y=2e x-e下面证明g(x)=2e ln x≤2e x-e,令G(x)=2e x-e-2e ln x,求导G (x)=2e x-ex,令G(x)=0,得x=e,当x∈0,e时,G (x)<0,函数G(x)在区间0,e上单调递减;当x∈e,+∞时,G (x)>0,函数G(x)在区间e,+∞单调递增;故当x=e时,函数G(x)取得极小值,也是最小值,故G(x)≥0,即g(x)≤2e x-e 所以f(x)=x2和g(x)=2e ln x之间存在唯一的隔离直线y=2e x-e.所以命题①是真命题;对于命题②,设f(x)=x2和g(x)=1x(x<0)的隔离直线为y=kx+m,则x2≥kx+m1x≤kx+m对任意x<0恒成立,即x2-kx-m≥0kx2+mx-1≤0对任意x<0恒成立,由kx2+mx-1≤0恒成立,得k≤0(i)当k=0时,则m=0符合题意;(ii)当k<0时,则x2-kx-m≥0对任意x<0恒成立,令h x =x2-kx-m x<0,对称轴x=k2<0,需Δ=k2+4m≤0,即k2≤-4m,故m≤0令d x =kx2+mx-1x<0,对称轴x=-m2k≤0,需Δ=m2+4k≤0,即m2≤-4k,所以k4≤16m2≤-64k,故-4≤k<0同理可得m4≤16k2≤-64m,即-4≤m<0,故m 的最小值为-4故命题①正确,命题②正确;故选:A专题强化一、单选题19(2023·山东潍坊·统考模拟预测)阿基米德螺线是一个点匀速离开一个固定点的同时又以固定的角速度绕该固定点转动而产生的轨迹.如图,在平面直角坐标系xOy 中,螺线与坐标轴依次交于点A 1-1,0 ,A 20,-2 ,A 33,0 ,A 40,4 ,A 5-5,0 ,A 60,-6 ,A 77,0 ,A 80,8 ,并按这样的规律继续下去.若四边形A n A n +1A n +2A n +3的面积为760,则n 的值为()A.18B.19C.21D.22【答案】A【分析】根据四边形的特点,将四边形的面积转化为四个直角三角形的面积,即可求解.【详解】如图,四边形A n A n +1A n +2A n +3的面积由四个直角三角形构成,得12n n +1 +12n +1 n +2 +12n +2 n +3 +12n n +3 =760,n n +1+n +3 +n +2 n +1+n +3 =1520,2n +4 2n +2 =1520,即n +2 n +1 =380,n ∈N *,解得:n =18故选:A20(2023春·湖北·高二校联考阶段练习)高斯(Gauss )被认为是历史上最重要的数学家之一,并享有“数学王子”之称.小学进行1+2+3+⋯+100的求和运算时,他这样算的:1+100=101,2+99=101,⋯,50+51=101,共有50组,所以50×101=5050,这就是著名的高斯算法,课本上推导等差数列前n 项和的方法正是借助了高斯算法.已知正数数列a n是公比不等于1的等比数列,且a1a2023=1,试根据以上提示探求:若f(x)=41+x2,则f a1+f a2+⋯+f a2023=()A.2023B.4046C.2022D.4044【答案】B【分析】根据倒序相加法,结合等比数列的下标性质进行求解即可.【详解】根据等比数列的下标性质由a1⋅a2023=1⇒a n⋅a2024-n=1,∵函数f(x)=41+x2,∴f(x)+f1x=41+x2+41+1x2=4+4x21+x2=4,令T=f a1+f a2+⋯+f a2023,则T=f a2023+f a2023+⋯+f a1 ,∴2T=f a1 +f a2023+f a2+f a2022+⋯+f a2023+f a1 =4×2023,∴T=4046.故选:B21(2022秋·山东青岛·高三统考期末)已知定义域为0,1的“类康托尔函数”f x 满足:①∀0≤x1<x2≤1,f x1≤f x2;②f x =2fx3;③f x +f1-x=1.则f12023=()A.132B.164C.1128D.1256【答案】C【分析】根据函数的定义分别赋值得到f(1)=1,f12=12,然后再利用f x =2f x3 得到f(x)=2n⋅f x3n,再次赋值,利用∀0≤x1<x2≤1,f x1 ≤f x2 即可求解.【详解】因为∀0≤x1<x2≤1,f x =2fx3,令x=0可得:f(0)=0,又因为f x +f1-x=1,令x=0可得:f(1)=1,令x=12可得:f12=12,由f x =2fx3可得:f(x)=2f x3 =22⋅f x32=⋯=2n⋅f x3n ,令x=1,n=7,则有f(1)=27f137=128f12187,所以f12187=1128,令x=12,n=6,则有f12=26f1236=64f11458=12,所以f11458=1128,因为12187<12023<11458,所以f12187≤f12023≤f11458,也即1128≤f12023≤1128,所以f12023=1128,故选:C.22(2023·全国·高三专题练习)设定点F1,0,动点M满足以MF为直径的圆与y轴相切,设动点M的轨迹为C ,则下列说法正确的是()A.轨迹C 的方程为y 2=4xB.动点M 到直线l 1:4x -3y +6=0和l 2:x =-2的距离之和的最小值为2C.长度为8的线段两端点在轨迹C 上滑动,中点到y 轴距离的最小值为4D.轨迹C 上一点P 处的切线与x 轴交于Q ,若PQ =FQ ,则切线斜率为3【答案】A【分析】先用直接法求出动点M 的轨迹方程,然后根据轨迹方程为抛物线找出焦点和准线,将BC 两选项中的问题用抛物线的定义进行转化可判断BC 的真假;D 答案需要联立方程设而不求的思想可判断.【详解】设M x ,y ,MF 中点Q x +12,y2,∵以MF 为直径的圆与y 轴相切∴x +12 =12x -12+y 2⇒y 2=4x ,A 正确.对于B ,MM +MM =MM +MP +1=MM +MF +1,MM +MF ≥F 到l 1的距离=2,∴MM +MM ≥3,B 错.对于C ,设AB 中点M ,AB =8,分别过A ,B 作l 2的垂线,垂足为A ,B ,∴MM=AA +BB 2=AF -1+BF -12=AF +BF -22≥AB -22=3∴中点到y 轴距离的最小值为3,C 错.对于D ,切线:x =my +n ,x =my +ny 2=4x消y 可得y 2-4my -4n =0,Δ=0,∴n =-m 2,y =2mx =m2 ,∴Q -m 2,0 ,P m 2,2m ,PQ =FQ ,∴4m 4+4m 2=1+m 2,∴m 2=13,m =±33,斜率±3,D 错.故选:A23(2022·重庆江北·校考一模)已知斐波那契数列a n 满足a 1=a 2=1,a n +2=a n +1+a n ,若a s ,a t 是数列a n 中的任意两项,a s -a t =m ,当m ≤2时,称数组a s ,a t 为数列a n 的“平缓数组”(a s ,a t 与a t ,a s 为相同的“平缓数组”),m 为数组a s ,a t 的组差.现从a n 的所有“平缓数组”中随机抽取3个,则这3个“平缓数组”的组差中至少有2个相等的取法种数为()A.24B.26C.29D.35【答案】B【分析】先根据“平缓数组”的定义,找出所有的“平缓数组”,然后再计算随机抽取三个“平缓数组”的组差中至少有2个相等的取法种数即可.【详解】由题意得a n +1≥a n ,a n +2-a n +1≥a n +1-a n ,a 1=a 2=1,a 3=2,a 4=3,a 5=5,a 6=8,又a 6-a 5=3,所以当n ≥5时,a n +1-a i ≥3i =1,2,⋅⋅⋅,n ,所以a n 的所有“平缓数组”有a 1,a 2 ,a 1,a 3 ,a 1,a 4 ,a 2,a 3 ,a 2,a 4 ,a 3,a 4 ,a 4,a 5 ,共7个,其中组差为0的有1个为a 1,a 2 ,组差为1的有3个为a 1,a 3 ,a 2,a 3 ,a 3,a 4 ,组差为2的有3个为a 1,a 4 ,a 2,a 4 ,a 4,a 5 ,所以这3个“平缓数组”的组差中至少有2个相等的取法种数为2C 23C 14+2C 33=26,故选:B24(2022秋·上海浦东新·高三华师大二附中校考期中)十七世纪法国数学家费马提出猜想:“当整数n >2时,关于x ,y ,z 的方程x n +y n =z n 没有正整数解”.经历三百多年,于二十世纪九十年代中期由美国数学家安德鲁怀尔斯证明了费马猜想,使它终成为费马大定理根据前面叙述,则下列命题正确的个数为()(1)存在至少一组正整数组x ,y ,z 是关于x ,y ,z 的方程x 3+y 3=z 3的解;(2)关于x ,y 的方程x 3+y 3=1有正有理数解;(3)关于x ,y 的方程x 3+y 3=1没有正有理数解;(4)当整数n >3时关于x ,y ,z 的方程x n +y n =z n 有正实数解A.0 B.1 C.2 D.3【答案】C【分析】当整数n >2时方程没有正整数解,(1)错误,x z 3+y z3=1,没有正有理数解,(2)错误,(3)正确,当x =y =1,z =21n满足条件,(4)正确,得到答案.【详解】当整数n >2时,关于x ,y ,z 的方程x n +y n =z n 没有正整数解,故方程x 3+y 3=z 3没有正整数解,(1)错误;x 3+y 3=z 3没有正整数解.即x z3+y z3=1,z ≠0 ,没有正有理数解,(2)错误,(3)正确;方程x n+y n=z n,当x =y =1,z =21n满足条件,故有正实数解,(4)正确.故选:C25(2022秋·北京·高三北京铁路二中校考期中)德国著名数学家、解析数论的创始人狄利克雷(1805年2月13日~1859年5月5日),对函数论、三角级数论等都有重要贡献,主要著作有《数论讲义》《定积分》等.狄利克雷函数就是以其名字命名的函数,其解析式为D x =1,x 为有理数,0,x 为无理数, 则下列关于狄利克雷函数D(x )的判断错误的是()A.对任意有理数t ,D (x +t )=D (x )B.对任意实数x ,D (D (x ))=1C.D (x )既不是奇函数也不是偶函数D.存在实数x ,y ,D (x +y )=D (x )+D (y )【答案】C【分析】根据狄利克雷函数的定义判断ABD ,结合奇偶性的定义判断C .【详解】对于A ,对任意有理数t ,当x 为有理数时,x +t 为有理数,则D (x +t )=1=D (x );当x 为无理数时,x +t 为无理数,则D (x +t )=0=D (x ),故A 正确;对于B ,若x 为有理数,则D (D (x ))=D (1)=1;若x 为无理数,则D (D (x ))=D (0)=1,故B 正确;对于C ,当x 为有理数时,则-x 为有理数,则D (-x )=1=D (x );当x 为无理数时,则-x 为无理数,则D (-x )=0=D (x ),于是对任意实数x ,都有D (-x )=D (x ),即狄利克雷函数为偶函数,故C 错误;对于D ,取x =2,y =3,因为2+3为无理数,所以D (2+3)=0=D (2)+D (3),故D 正确.故选:C .二、多选题26(2023春·吉林白山·高三统考期中)古希腊数学家普洛克拉斯指出:“哪里有数,哪里就有美.”“对称美”是数学美的重要组成部分,在数学史上,人类对数学的对称问题一直在思考和探索,图形中对称性的本质就是点的对称、线的对称.如正方形既是轴对称图形,又是中心对称图形,对称性也是函数一个非常重要的性质.如果一个函数的图象经过某个正方形的中心并且能够将它的周长和面积同时平分,那么称这个函数为这个正方形的“优美函数”.下列关于“优美函数”的说法中正确的有()A.函数f x =x2x+2-x-1≤x ≤1 可以是某个正方形的“优美函数”B.函数f x =4cos 2x -π6 +3只能是边长不超过π2的正方形的“优美函数”C.函数f x =ln 4x 2+1-2x -1可以是无数个正方形的“优美函数”。

开放型数学题的教学策略

开放型数学题的教学策略


力, 使学生学到有 用的数学。
例 如 : 由圆 + 4上任 意 一 点 向 ;

课 堂教 学中 , 生开放 意识 的形成 师
轴作垂线。 求垂线夹在圆周和 轴间的线
段 中点 的轨迹方程。
在课堂教学过程 中, 让学生懂得 用现 成的方法 解决现成 的问题仅仅 是教学的 第一 步 ,教学 的更高境界是 能让学生提 出新 问题并提 出解 决问题的新方 案。因 此教 师首先必须改 变那种只局 限于教师 给题学生做题的被动的、 封闭的意识。为 此 ,我选择 了数学 开放 型 习题作 为切 入 口, 开放 题的引入 , 促进 了数学教学 的开 放化和个性化 ,从发现 问题和解决 问题
表 自己的看法 , 但老 师并 不急于下结论 , 而是组织学 生讲 思路 , 分析错 误的原 因。 经过各小组积极 讨论 , 师点评 , 老 学生终 于明白,虽 然题 目告诉 了轿车和客车 都 是从 甲地开往 乙地 ,但并没有说 它们 是 同时出发 ,找 到了问题的症结并发现 轿
个 数学教师 ,应 想方设法让学 生
中,习题基本上是为 了使 学生 了解和牢 记数学结论而设计 的,学 生在学 习中缺
乏主动参与的过程。在教材 还没有提供
足够 的开放 题之前 ,我认为 最现实的办 法是让 “ 封闭” 开放 ” 题“ 。

H H I f - {
例如 : 用实际例子说 明
f0 2 , 1 + x ∈[ , ) O 5
是 一种特 殊的线段分 点 ,同样可 以使其
推 广到一般规律。 说 到底 ,开放型 习题就是 在原有传 统题 的基础 上的开发和 创新。只有具备 将“ 闭” “ 封 题 开放 ” 的意 识的学 生 , 才具

高考数学 冲刺必考专题解析 数学开放性问题问题

高考数学 冲刺必考专题解析 数学开放性问题问题

数学开放性问题怎么解数学开放性问题是近年来高考命题的一个新方向,其解法灵活且具有一定的探索性,这类题型按解题目标的操作模式分为:规律探索型,问题探究型,数学建模型,操作设计型,情景研究型.如果未知的是解题假设,那么就称为条件开放题;如果未知的是解题目标,那么就称为结论开放题;如果未知的是解题推理,那么就称为策略开放题.当然,作为数学高考题中的开放题其“开放度”是较弱的,如何解答这类问题,还是通过若干范例加以讲解.例 1 设等比数列{}n a 的公比为 q ,前 n 项和为 n S ,是否存在常数 c ,使数列 {}c S n +也成等比数列?若存在,求出常数c ;若不存在,请 明 理 由.讲解 存在型开放题的求解一般是从假设存在入手, 逐步深化解题进程的. 设存在常数c , 使数列{}c S n + 成等比数列.212)())((c S c S c S n n n +=++++211222(++++--=-⋅∴n n n n n n S S S c S S S(i) 当 1=q 时,1na S n = 代入上式得()[])2()1((1)2(122121+--+=+-+n n n a ca n a n n a 即21a =0但01≠a , 于是不存在常数c ,使{}c S n +成等比数列.(ii) 当 1≠q 时,qq a S n n --=1)1(, 代 入 上 式 得1,)1()1()1()1(1212221-=∴--=---q a c q q q ca q q q a n n .综 上 可 知 , 存 在 常 数 11-=q a c ,使{}c S n +成等比数列.等比数列n 项求和公式中公比的分类, 极易忘记公比1=q 的 情 形, 可 不 要 忽 视 啊 !例2 某机床厂今年年初用98万元购进一台数控机床,并立即投入生产使用,计划第一年维修、保养费用12万元,从第二年开始,每年所需维修、保养费用比上一年增加4万元,该机床使用后,每年的总收入为50万元,设使用x 年后数控机床的盈利额为y 万元.(1)写出y 与x 之间的函数关系式;(2)从第几年开始,该机床开始盈利(盈利额为正值); (3 ) 使用若干年后,对机床的处理方案有两种:(i )当年平均盈利额达到最大值时,以30万元价格处理该机床;(ii )当盈利额达到最大值时,以12万元价格处理该机床,问用哪种方案处理较为合算?请说明你的理由.讲解 本例兼顾应用性和开放性, 是实际工作中经常遇到的问题. (1)98]42)1(12[50-⨯-+-=x x x x y =984022-+-x x . (2)解不等式 984022-+-x x >0, 得 5110-<x <5110+.∵ x ∈N , ∴ 3 ≤x ≤ 17. 故从第3年工厂开始盈利.(3)(i) ∵)x x x x x y 982(4098402+-=-+-=≤40129822=⨯- 当且仅当xx 982=时,即x=7时,等号成立.∴ 到2008年,年平均盈利额达到最大值,工厂共获利12×7+30=114万元.(ii) y=-2x 2+40x-98= -2(x-10)2+102, ∴当x=10时,y max =102.故到2011年,盈利额达到最大值,工厂共获利102+12=114万元. 解答函数型最优化实际应用题,二、三元均值不等式是常用的工具. 例3 已知函数f (x )=412-x (x <-2)(1)求f (x )的反函数f -1(x ); (2)设a 1=1,11+n a =-f -1(a n )(n ∈N ),求a n ;(3)设S n =a 12+a 22+…+a n 2,b n =S n +1-S n 是否存在最小正整数m ,使得对任意n ∈N ,有b n <25m 成立?若存在,求出m 的值;若不存在说明理由.讲解 本例是函数与数列综合的存在性问题, 具有一定的典型性和探索性. (1) y =412-x ,∵x <-2,∴x= -214y +, 即y =f -1(x )= - 214x +(x >0).(2) ∵21141n n a a +=+ , ∴22111n n a a -+=4. ∴{21na }是公差为4的等差数列. ∵a 1=1, ∴21n a =211a +4(n -1)=4n -3. ∵a n >0 , ∴a n =341-n .(3) b n =S n +1-S n =a n +12=141+n , 由b n <25m ,得 m >1425+n 对于n ∈N 成立.∵1425+n ≤5 , ∴m >5,存在最小正数m =6,使得对任意n ∈N 有b n <25m成立. 为了求a n ,我们先求21n a ,这是因为{21na }是等差数列, 试问: 你能够想到吗? 该题是构造等差数列的一个典范.例4 已知数列))(,(,1,}{11N n a a P a a n n n ∈=+且点中在直线x-y+1=0上. (1) 求数列{a n }的通项公式;(2)若函数),2,(1111)(321≥∈++++++++=n N n a n a n a n a n n f n且 求函数f(n)的最小值;(3)设n nn S a b ,1=表示数列{b n }的前n 项和.试问:是否存在关于n 的整式g(n), 使得)()1(1321n g S S S S S n n ⋅-=++++- 对于一切不小于2的自然数n 恒成立?若存在,写出g(n)的解析式,并加以证明;若不存在,说明理由.讲解 从 规 律 中 发 现 ,从 发 现 中 探 索.(1)011=+-+n n a a.1,01,,01,01,011113221n n a a n a a a a a a a a n n n n =-+==-+-=+-=+-=+-∴-得以上各式相加(2) n n n n f 212111)(+++++=, 221121213121)1(+++++++++=+n n n n n n f ,01122122111221121)()1(=+-+++>+-+++=-+∴n n n n n n n f n f .,)(是单调递增的n f ∴.127)2()(=f n f 的最小值是故 (3)n s n b n n 12111+++=⇒= ,,1)1(),2(1111+=--≥=-∴---n n n n n s s n ns n n s s 即 1)2()1(221+=---∴---n n n s s n s n . ,1,121211112-++++=-∴+=--n s s s s ns s s s n n.)(),2()1(121n n g n n s n ns s s s n n n =∴≥⋅-=-=+++∴-故存在关于n 的整式,)(n n g =使等式对于一切不小2的自然数n 恒成立.事实上, 数列{a n }是等差数列, 你知道吗?例5 深夜,一辆出租车被牵涉进一起交通事故,该市有两家出租车公司——红色出租车公司和蓝色出租车公司,其中蓝色出租车公司和红色出租车公司分别占整个城市出租车的85%和15%。

高中数学专题备考 高考新题型5 开放性试题特点及求解策略

高中数学专题备考  高考新题型5  开放性试题特点及求解策略

(2)设直线 AC:y=k′x+t,A(x1,y1),C(x2,y2), y=k′x+t,
联立方程,得x42+y32=1, 得(3+4k′2)x2+8k′tx+4t2-12=0, 则 x1+x2=-3+8k4′k′t 2,x1x2=34+t2-4k1′22, 由题设条件易知 kPA+kPC=0, 所以 kPA+kPC=y1x-1 3+y2x-2 3=x2y1-3x+1xx2 1y2-3 =x2k′x1+t-3x+1x2x1k′x2+t-3=2k′x1x2+x1tx-2 3x1+x2=0,
一、条件开放型问题 [典例 1] 如图所示,在四棱锥 P-ABCD
中,PA⊥底面 ABCD,且底面各边都相等,M 是 PC 上的一动点,当点 M 满足________时, 平面 MBD⊥平面 PCD.(只要填写一个你认为是 正确的条件即可)
[解析] 由定理可知,BD⊥PC.
∴当 DM⊥PC(或 BM⊥PC)时, 即有 PC⊥平面 MBD,而 PC⊂平面 PCD, ∴平面 MBD⊥平面 PCD.
∴m ·―A→G =43-23-23=0, ∴直线 AG 在平面 AEF 内.
[跟踪训练] 如图,在四棱锥 P-ABCD 中,PA⊥平面 ABCD,AD⊥CD,AD∥BC,PA=AD= CD=2,BC=3.E 为 PD 的中点,点 F 为 PC 上靠近 P 的三等分点. (1)求二面角 F-AE-P 的余弦值; (2)设点 G 在 PB 上,且PPGB=23,试判断直线 AG 是否在平面 AEF 内,并说明理由.
则 r2∈(3,4),
设过点 P 的切线方程为 y=kx+3,
则 r= 1+3 k2∈( 3,2),得 k2∈54,2,

联立切线方程与椭圆方程,
y=kx+3, 得x42+y32=1, 得(3+4k2)x2+24kx+24=0,

用开放的方法解数学“开放型问题”

用开放的方法解数学“开放型问题”

用开放的方法解数学“开放型问题”摘要:本文结合具体的例题阐述了如何利用开放的方法解决高中数学“开放型问题”。

关键词:开放;数学;开放型问题作者简介:黄文毓,任职于广东省茂名市教育局教研室。

为了顺应素质教育和高考改革的需要,近十年来高考数学命题通过对知识、思维、应用、人文价值及创新等几方面的综合考查设计试题,创造性地融数学教育的新思想、新观点、新理念于数学命题中,开放型问题就是其中的一种。

关于开放题的概念,现在国内仍没有统一的认识,主要有下列几种描述:1.凡是具有完备的条件和固定答案的习题称为封闭题,而答案不固定或者条件不完备的习题则为开放题。

2.具有多种不同或可能的解答方法的问题称为开放题。

3.数学习题一般由条件y、结论z、解法p及解题依据o四个元素组成,即R={y,o,p,z},四个元素齐备的题,为“封闭题”;缺少o或p的题为“小封闭题”,有三个元素是未知的题称为问题性题,有二个是未知的习题称为探索性题,问题性题或探索性题统称为开放性题。

4.开放题的问题不必有解,答案不必唯一,条件可以多余。

考察以上论述,关于开放题的条件的描述有:不完备;可以多余;多余需选择,不足需补充等等。

关于开放题的答案(结论、解法)的描述有:不固定;有多种:不必唯一;不确定;不必有解等等。

但基于当前我国数学教育的实际情况,数学高考试题中出现的开放题多是“开放度”比较弱的探索性问题,试题考查的侧重点也比较集中,题型比较固定。

如何灵活解答高中数学“开放型问题”?其常用的思维方法及解题方法又是怎样?下面仅举几例给予说明,以求师生们在此基础上进一步研究,真正做到见题知路。

根据问题的本质特征,笔者将高中数学开放题常见的题型分成判断型、思维发散型、归纳猜想型等。

一、判断型判断型是指题目中虽没有给出明确的结论,但已给出了结论的可能范围。

如“是否存在……”,就是“存在、不存在”二者之中选择结论,要求我们从已知条件出发,向着所给结论的方向去思考或用排除推测等方法,先猜想结论,再用分析法及综合法去论证。

高中数学开放问题教案

高中数学开放问题教案

高中数学开放问题教案
教学目标:通过开放问题教学,培养学生自主思考和解决问题的能力,提升他们的数学思
维水平。

教学内容:开放问题解决方法的探究与实践。

教学步骤:
第一步:引入问题
引入一个具有挑战性的数学问题,可以是一个实际生活中的问题或者一个抽象的数学问题,激发学生的兴趣和思考欲望。

第二步:讨论与提问
引导学生展开讨论,分享他们对问题的理解和解决思路,教师可以提出一些引导性的问题,帮助学生深入思考和拓展解决思路。

第三步:解决问题
鼓励学生在小组或个人中进行问题的探究和解决,同时提供必要的指导和支持。

学生可以
使用不同的方法和策略来解决问题,培养他们灵活运用知识的能力。

第四步:总结与分享
让学生分享他们的解决过程和策略,总结不同的解决方法和思考路径,引导学生从交流中
汲取经验和启发。

第五步:拓展与应用
提供一些类似的问题或者延申问题,鼓励学生进一步拓展解决思路,同时讨论问题的实际
应用和意义。

教学评价:通过学生的表现和表述,观察他们在解决问题过程中的思维方式和合作能力,
评价他们的数学思维水平和解决问题的能力,鼓励他们不断提升和发展。

教学建议:在开放问题的教学中,教师应该充分尊重学生的思维和探究过程,引导他们积
极参与和思考,激发他们的学习动力和兴趣。

同时,教师要注重多元化的教学方法和策略,以满足不同学生的学习需求和发展水平。

浅谈数学开放题的解题对策

浅谈数学开放题的解题对策

对 称 , f a)= b易 得 g( )= , 。b 由 ( b 一 ( )= n .
故选 ( .“ / 0实 为多余 条 件 , 的设i T 为 A) 6= - 它 H . 是
维普资讯
《 中学数学杂 志》 高中 ) 2 0 ( 0 2年第 4期
维普资讯
3 6
《 中学 数学杂志》 高 中) 2 0 ( 0 2年第 4期
浅 谈 数 学 开 放 题 的解 题 对 策
浙 江浦 江二 中
数学开放 题是 指答 案 不 固定 或者 条 件不完 备 的问题或者有 多种可能 的解答 的问题 .即是 指条件
分 析 此 题 属 结 论 开 放 性 题 型 .引 S O 图2 上 平 面 A C, 为 垂 足 , 结 O 因 为 S = S = B 0 连 C, A B S 所 以它 们 在 平 面 A C 内 的 射 影 相 等 , O = C, B 即 A
D C
形 A C 满 足 条 件 BD
我们把条 件 、 结论都 开 放的试 题称 为 综合 开放
例 是 否 定 一 个 命 题 的 最 有 效 的方 法 . 例 4 ( 0 0年 京 皖 春 招 试 题 ) 空 间 , 列 命 20 在 下
故填 B D上 AC, 或任何能推 导出这 个条件的其 他条件 .例如 AB D 是正方形 、 C 菱形 等 . 2 对 条件 多余 问题 的对策 这种题型具 有条件 多余 的特点 , 也是条 件 开 这

多选型开放性填 空题 , 是 给 出若干个 命 题或 就 结论 , 要求从 中选 出所有满足 题意的命题或结论 来 , 这类题不论多选还 是少选都是不 能得 分的 .这就要 求学生要有扎实 的基本功 和“ 明辨是非”的能 力 , 解 此类题时 , 要对其 中的命题 一一进行分析判 断 , 反 举
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高三数学专题(四) 数学开放性问题怎么解数学开放性问题是近年来高考命题的一个新方向,其解法灵活且具有一定的探索性,这类题型按解题目标的操作模式分为:规律探索型,问题探究型,数学建模型,操作设计型,情景研究型.如果未知的是解题假设,那么就称为条件开放题;如果未知的是解题目标,那么就称为结论开放题;如果未知的是解题推理,那么就称为策略开放题.当然,作为数学高考题中的开放题其“开放度”是较弱的,如何解答这类问题,还是通过若干范例加以讲解.例 1 设等比数列{}n a 的公比为 q ,前 n 项和为 n S ,是否存在常数 c ,使数列 {}c S n +也成等比数列?若存在,求出常数c ;若不存在,请 明 理 由.讲解 存在型开放题的求解一般是从假设存在入手, 逐步深化解题进程的. 设存在常数c , 使数列{}c S n + 成等比数列.212)())((c S c S c S n n n +=++++211222(++++--=-⋅∴n n n n n n S S S c S S S(i) 当 1=q 时,1na S n = 代入上式得()[])2()1((1)2(122121+--+=+-+n n n a ca n a n n a 即21a =0但01≠a , 于是不存在常数c ,使{}c S n +成等比数列.(ii) 当 1≠q 时,qq a S n n --=1)1(, 代 入 上 式 得1,)1()1()1()1(1212221-=∴--=---q a c q q q ca q q q a n n .综 上 可 知 , 存 在 常 数 11-=q a c ,使{}c S n +成等比数列.等比数列n 项求和公式中公比的分类, 极易忘记公比1=q 的 情 形, 可 不 要 忽 视 啊 !例2 某机床厂今年年初用98万元购进一台数控机床,并立即投入生产使用,计划第一年维修、保养费用12万元,从第二年开始,每年所需维修、保养费用比上一年增加4万元,该机床使用后,每年的总收入为50万元,设使用x 年后数控机床的盈利额为y 万元.(1)写出y 与x 之间的函数关系式;(2)从第几年开始,该机床开始盈利(盈利额为正值); (3 ) 使用若干年后,对机床的处理方案有两种:(i )当年平均盈利额达到最大值时,以30万元价格处理该机床;(ii )当盈利额达到最大值时,以12万元价格处理该机床,问用哪种方案处理较为合算?请说明你的理由.讲解 本例兼顾应用性和开放性, 是实际工作中经常遇到的问题. (1)98]42)1(12[50-⨯-+-=x x x x y =984022-+-x x . (2)解不等式 984022-+-x x >0, 得 5110-<x <5110+.∵ x ∈N , ∴ 3 ≤x ≤ 17. 故从第3年工厂开始盈利.(3)(i) ∵)x x x x x y 982(4098402+-=-+-=≤40129822=⨯- 当且仅当xx 982=时,即x=7时,等号成立.∴ 到2008年,年平均盈利额达到最大值,工厂共获利12×7+30=114万元.(ii) y=-2x 2+40x-98= -2(x-10)2+102, ∴当x=10时,y max =102.故到2011年,盈利额达到最大值,工厂共获利102+12=114万元. 解答函数型最优化实际应用题,二、三元均值不等式是常用的工具. 例3 已知函数f (x )=412-x (x <-2)(1)求f (x )的反函数f -1(x ); (2)设a 1=1,11+n a =-f -1(a n )(n ∈N ),求a n ;(3)设S n =a 12+a 22+…+a n 2,b n =S n +1-S n 是否存在最小正整数m ,使得对任意n ∈N ,有b n <25m 成立?若存在,求出m 的值;若不存在说明理由.讲解 本例是函数与数列综合的存在性问题, 具有一定的典型性和探索性. (1) y =412-x ,∵x <-2,∴x= -214y +, 即y =f -1(x )= - 214x +(x >0).(2) ∵21141n n a a +=+ , ∴22111n n a a -+=4. ∴{21na }是公差为4的等差数列. ∵a 1=1, ∴21n a =211a +4(n -1)=4n -3. ∵a n >0 , ∴a n =341-n .(3) b n =S n +1-S n =a n +12=141+n , 由b n <25m ,得 m >1425+n 对于n ∈N 成立.∵1425+n ≤5 , ∴m >5,存在最小正数m =6,使得对任意n ∈N 有b n <25m成立. 为了求a n ,我们先求21n a ,这是因为{21na }是等差数列, 试问: 你能够想到吗? 该题是构造等差数列的一个典范.例4 已知数列))(,(,1,}{11N n a a P a a n n n ∈=+且点中在直线x-y+1=0上. (1) 求数列{a n }的通项公式;(2)若函数),2,(1111)(321≥∈++++++++=n N n a n a n a n a n n f n且 求函数f(n)的最小值;(3)设n nn S a b ,1=表示数列{b n }的前n 项和.试问:是否存在关于n 的整式g(n), 使得)()1(1321n g S S S S S n n ⋅-=++++- 对于一切不小于2的自然数n 恒成立?若存在,写出g(n)的解析式,并加以证明;若不存在,说明理由.讲解 从 规 律 中 发 现 ,从 发 现 中 探 索.(1)011=+-+n n a a.1,01,,01,01,011113221n n a a n a a a a a a a a n n n n =-+==-+-=+-=+-=+-∴-得以上各式相加(2) n n n n f 212111)(+++++=, 221121213121)1(+++++++++=+n n n n n n f ,01122122111221121)()1(=+-+++>+-+++=-+∴n n n n n n n f n f .,)(是单调递增的n f ∴.127)2()(=f n f 的最小值是故 (3)n s n b n n 12111+++=⇒= ,,1)1(),2(1111+=--≥=-∴---n n n n n s s n ns n n s s 即 1)2()1(221+=---∴---n n n s s n s n . ,1,121211112-++++=-∴+=--n s s s s ns s s s n n.)(),2()1(121n n g n n s n ns s s s n n n =∴≥⋅-=-=+++∴-故存在关于n 的整式,)(n n g =使等式对于一切不小2的自然数n 恒成立.事实上, 数列{a n }是等差数列, 你知道吗?例5 深夜,一辆出租车被牵涉进一起交通事故,该市有两家出租车公司——红色出租车公司和蓝色出租车公司,其中蓝色出租车公司和红色出租车公司分别占整个城市出租车的85%和15%。

据现场目击证人说,事故现场的出租车是红色,并对证人的辨别能力作了测试,测得他辨认的正确率为80%,于是警察就认定红色出租车具有较大的肇事嫌疑. 请问警察的认定对红色出租车公平吗?试说明理由. 讲解 设该城市有出租车1000辆,那么依题意可得如下信息:从表中可以看出,当证人说出租车是红色时,且它确实是红色的概率为41.0290120≈,而它是蓝色的概率为59.0290170≈. 在这种情况下,以证人的证词作为推断的依据对红色出租车显然是不公平的.本题的情景清新, 涉及到新教材中概率的知识, 上述解法中的列表技术显示了一定的独特性, 在数学的应试复课中似乎是很少见的.例6 向明中学的甲、乙两同学利用暑假到某县进行社会实践,对该县的养鸡场连续六年来的规模进行调查研究,得到如下两个不同的信息图: (A )图表明:从第1年平均每个养鸡场出产1万只鸡上升到第6年平均每个养鸡场出产2万只鸡;(B )图表明:由第1年养鸡场个数30个减少到第6年的10个. 请你根据提供的信息解答下列问题:(1)第二年的养鸡场的个数及全县出产鸡的总只数各是多少? (2)哪一年的规模最大?为什么? 讲解 (1)设第n 年的养鸡场的个数为n a ,平均每个养鸡场出产鸡n b 万只,由图(B )可知, 1a =30,,106=a 且点),(n a n 在一直线上,),6,5,4,3,2,1(=n从而 ;6,5,4,3,2,1,434=-=n n a n由图(A )可知, ,2,161==b b 且点),(n b n 在一直线上,),6,5,4,3,2,1(=n于是 ;6,5,4,3,2,1,54=+=n n b n 22),(26b a 个==2.156=(万只),2.3122=b a (万只) 第二年的养鸡场的个数是26个,全县出产鸡的总只数是31.2万只;(2)由2.31)(,2,4131)49(5222max 2===+--=b a b a n n b a n n n n 时当(万只), 第二年的养鸡规模最大,共养鸡31.2万只.有时候我们需要画出图形, 有时候我们却需要从图形中采集必要的信息, 这正反映了一个事物的两个方面. 看来, 读图与识图的能力是需要不断提升的.例7 已知动圆过定点P (1,0),且与定直线1:-=x l 相切,点C 在l 上. (1)求动圆圆心的轨迹M 的方程;(2)设过点P ,且斜率为-3的直线与曲线M 相交于A ,B 两点.(i )问:△ABC 能否为正三角形?若能,求点C 的坐标;若不能,说明理由; (ii )当△ABC 为钝角三角形时,求这种点C 的纵坐标的取值范围.讲解 本例主要考查直线、圆与抛物线的基本概念及位置关系,是解析几何中的存在性问题.(1)由曲线M 是以点P 为焦点,直线l 为准线的抛物线,知曲线M 的方程为x y 42=.(2)(i )由题意得,直线AB 的方程为⎪⎩⎪⎨⎧=--=--=,4),1(3),1(32x y x y x y 由 消y 得 .3,31,03103212===+-x x x x 解出于是, A 点和B 点的坐标分别为A )332,31(,B (3,32-),.3162||21=++=x x AB 假设存在点C (-1,y ),使△ABC 为正三角形,则|BC|=|AB|且|AC|=|AB|, 即有⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=-++=+++222222)316()32()131()316()32()13(y y 由①-②得,)332()34()32(42222-+=++y y.9314-=y 解得因为9314-=y 不符合①,所以由①,②组成的方程组无解.故知直线l 上不存在点C ,使得△ABC 是正三角形. (ii )设C (-1,y )使△ABC 成钝角三角形,由.32,1),1(3=⎩⎨⎧-=--=y x x y 得 即当点C 的坐标是(-1,32)时,三点A ,B ,C 共线,故32≠y . 2222334928)332()311(||y y y AC +-=-+--=,22223428)32()13(||y y y BC ++=+++=, 9256)316(||22==AB .(i) 当222||||||AB AC BC +>,即9256334928342822++->++y y y y ,即CAB y ∠>,392时为钝角.(ii) 当222||||||AB BC AC +>,即9256342833492822+++>+-y y y y ,即CBA y ∠-<时3310为钝角.(iii)当222||||||BC AC AB +>,即2234283349289256y y y y++++->, ① ②32-(3,32-)332x y 42=即0)32(,03433422<+<++y y y . 该不等式无解,所以∠ACB 不可能为钝角.故当△ABC 为钝角三角形时,点C 的纵坐标y 的取值范围是)32(9323310≠>-<y y y 或. 需要提及的是, 当△ABC 为钝角三角形时, 钝角的位置可能有三个,需要我们进行一一探讨.例8 已知)(x f 是定义在R 上的不恒为零的函数,且对于任意的a ,b ∈R 都满足关系式)()()(a bf b af b a f +=⋅.(1)求f (0),f (1)的值;(2)判断)(x f 的奇偶性,并证明你的结论;(3)若)()2(,2)2(N n nf u f n n ∈==-,求数列{u n }的前n 项的和S n . 讲解 本题主要考查函数和数列的基本知识,考查从一般到特殊的取特值求解技巧. (1)在)()()(a bf b af b a f +=⋅中,令,0==b a 得 0)0(0)0(0)00()0(=⋅+⋅=⋅=f f f f . 在)()()(a bf b af b a f +=⋅中,令,1==b a 得 )1(1)1(1)11()1(f f f f ⋅+⋅=⋅=,有 0)1(=f . (2))(x f 是奇函数,这需要我们进一步探索. 事实上 ,0)1()1(])1[()1(2=----=-=f f f f ,0)1(=-∴f),()1()()1()(x f xf x f x f x f -=-+-=⋅-=- 故)(x f 为奇函数.(2) 从规律中进行探究,进而提出猜想. 由 ),(2)()()(2a af a af a af a f =+= )(3)()()(2223a f a a af a f a a f =+=, ……………………………… 猜测 )()(1a f naa f n n-=.于是我们很易想到用数学归纳法证明.1° 当n=1时,)(1)(01a f a a f ⋅⋅=,公式成立; 2°假设当n=k 时,)()(1a f kaa f k k-=成立,那么当n=k +1时,)()1()()()()()(1a f a k a f ka a f a a af a f a a f k k k k k k +=+=+=+,公式仍然成立.综上可知,对任意)()(,1a f na a f N n n n -=∈成立.从而 )21()21()2(1f n f u n nn ⋅==--.,0)2(21)21(2)212()1(,2)2(=+=⋅==f f f f f∴21)2(41)21(-=-=f f ,),()21()21(1N n u n n ∈⋅-=-.故 ).(1)21(211])21(1[21N n S n n n ∈-=---=例9 若01>a 、11≠a ,nnn a a a +=+121),,(,⋯=21n(1)求证:n n a a ≠+1; (2)令211=a ,写出2a 、3a 、4a 、5a 的值,观察并归纳出这个数列的通项公式n a ; (3)证明:存在不等于零的常数p ,使}{nn a pa +是等比数列,并求出公比q 的值. 讲解 (1)采用反证法. 若n n a a =+1,即n nna a a =+12, 解得 .10,=n a从而1011,===⋯⋯==-a a a n n 2a 与题设01>a ,11≠a 相矛盾, 故n n a a ≠+1成立. (2) 211=a 、322=a 、543=a 、984=a 、17165=a , 12211+=--n n n a .(3)因为n n n n a p a p a p a 2211++=+++)( 又q a pa a p a nn n n ⋅+=+++11, 所以02122=-+-+)()(q p a q p n , 因为上式是关于变量n a 的恒等式,故可解得21=q 、1-=p .我们证明相等的问题太多了,似乎很少见到证明不相等的问题,是这样吗?例10 如图,已知圆A 、圆B 的方程分别是()(),412,42522222=+-=++y x y x 动圆P 与圆A 、圆B 均外切,直线l 的方程为:⎪⎭⎫ ⎝⎛≤=21a a x . (1)求圆P 的轨迹方程,并证明:当21=a 时,点P 到点B 的距离与到定直线l 距离的比为定值;(2) 延长PB 与点P 的轨迹交于另一点Q ,求PQ 的最小值;(3)如果存在某一位置,使得PQ 的中点R 在l 上的射影C ,满足,QC PC ⊥求a 的取值范围.讲解(1)设动圆P 的半径为r ,则|PA |=r+25,|PB| = r + 21, ∴ |PA| -|PB| = 2.∴ 点P 的轨迹是以A 、B 为焦点,焦距为4,实轴长为2的双曲线的右准线的右支,其方程为 1322=-y x (x ≥1).若21=a , 则l 的方程21=x 为双曲线的右准线, ∴点P 到点B 的距离与到l 的距离之比为双曲线的离心率e = 2.(2)若直线PQ 的斜率存在,设斜率为k ,则直线PQ 的方程为y = k ( x -2 )代入双曲线方程, 得()034432222=--+-k x k xk由 ⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎨⎧>-+-=>--=+>∆0334034022212221k k x x k k x x , 解得2k >3.∴ |PQ |=632463)1(6||1222212>-+=-+=-+k k k x x k . 当直线的斜率存在时,221==x x ,得3,321-==y y ,|PQ|=6. ∴ |PQ|的最小值为6.(3)当PQ ⊥QC 时,P 、C 、Q 构成Rt △. ∴ R 到直线l 的距离|RC|=a x PQ R -=2|| ① 又 ∵ 点P 、Q 都在双曲线1322=-y x 上, ∴221||21||=-=-Q P x QB x PB . ∴21||||=-++Q P x x QB PB ,即 24||-=R x PQ .∴ 42||+=PQ x R ②将②代入①得a PQ PQ -+=42||2||,|PQ |=2-4a ≥6. 故有a≤-1.“如果存在”并不意味着一定存在, 如何修改本题使其成为不存在的范例呢? 问题的提出既能延伸我们的思绪, 更能完善我们的知识技能, 无形中使解题能力得到逐渐的提升.。

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