【精准解析】安徽省合肥市2019-2020学年高二下学期开学考试物理试题

C．所以在 t=1.5s 时，通过线圈的磁 量最大，线圈位于中性面，感应电动势为 0，故 C 错误；
D．感应电动势的最大值为 Em
NBS
N m
100 0.04 2 2
4 V ，有效值
E Em 2 2 V ，根据焦耳定律可得一个周期产生的热为
2
-8-
Q E2 T 8 2 2J 8 2J ，故 D 正确．
即：
m1v1=m1v1′+m2v2′
解得：
1×4=1×（-2）+m2×2
选项 AC 错误；
m2=3kg
BD．碰撞前总动能：
Ek
Ek1
Ek 2
1 2
m1v1
2
1 2
m2v2
2
1 1 2
42
1 2
3
02
8J
碰撞后总动能：
Ek
Ek1
Ek 2
1 2
m1v1
2
1 2
m2v2
2
1 1（ 2
2）2
1 2
-3-
本题考查自感现象在闭合电路中的应用 【详解】电路中的电流发生变化时，线圈中会产生阻碍电流变化的感应电流； AB．合上开关 K 接通电路时，因线圈 L 中产生了反向电流，且很快消失，故 A2 先亮，A1 后亮， 最后一样亮，A 选项正确； CD．断开开关 K 切断电路时，电路中电流消失，而线圈 L 中也会产生电流从而阻碍电流的消 失，线圈 L 中的电流供 A1 和 A2 同时使用，故两个灯泡都要过一会儿才熄灭，故 CD 均错误； 综上所述，本题选 A。 5.如图所示为一交变电流的图象，则该交变电流的有效值为多大（ ）
下运动时，MN 在磁场的作用下向右运动，则 PQ 所做的运动可能是（ ）
A. 向右加速运动 C. 向右减速运动 【答案】BC 【解析】
B. 向左加速运动 D. 向左减速运动
【详解】A．若 PQ 向右加速运动，由右手定则可知 PQ 中感应电流的方向由 Q 到 P ，由安培
定则可判断出 L1 、 L2 所在处的磁场方向是自下而上的；穿过 L1 的磁通量增加，由楞次定律可 知流过 MN 的感应电流方向由 N 到 M ，由左手定则可判断出 MN 受到向左的安培力，将向
)
A. 撤去 F 后，系统动量守恒，机械能守恒
-9-
B. 撤去 F 后，A 离开竖直墙前，系统动量不守恒，机械能守恒
C. 撤去 F 后，A 离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为 E/4
D. 撤去 F 后，A 离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为 E/3
【答案】BD
【解析】
A、B 项：撤去 F 后，A 离开竖直墙前，竖直方向两物体的重力与水平面的支持力平衡，合力
【答案】AB
【解析】
【详解】A．前两秒，根据牛顿第二定律
a F 1m/s2 m
则 0-2s 的速度规律为：
v=at；
t=1s 时，速率为 1m/s，A 正确；
B．t=2s 时，速率为 2m/s，则动量为
P=mv=4kg•m/s
B 正确；
CD．2-4s，力开始反向，物体减速，根据牛顿第二定律，a=-0.5m/s2，所以 3s 时的速度为 1.5m/s，
【答案】D 【解析】 【详解】AB.因为左端线圈产生恒定的磁场，所以右侧线圈中的磁通量不发生变化，闭合开关 瞬间不会产生感应电流，AB 错误． CD.闭合开关 S，滑动变阻器的滑片向左滑的过程中，回路电阻变大，电流变小，产生磁场强 度变小，根据右手定则可以判断，B 线圈感应电流产生的磁场向下，根据右手定则判断流经电
错误； 故选 BC。 10.在匀强磁场中，一个 100 匝的闭合矩形金属线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，穿
过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化 .设线圈总电阻为 2 ，则
A. t 0 时，线圈平面平行于磁感线 C. t 1.5s 时，线圈中的感应电动势最大
B. t 1s 时，线圈中的电流改变方向
流表的电流为 b a ，C 错误 D 正确．
2.如图中能产生感应电流的（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】B
-1-
【解析】 【详解】A.图中，导线框不闭合，不会产生感应电流，故 A 错误； B.左右两根导线向两边移动的过程中，穿过闭合回路磁通量增大，会产生感应电流，故 B 正 确； C.通电直导线在铁环的正上方，根据安培定则可知，穿过铁环的磁通量始终是 0，增大电流不 能在铁环中产生感应电流，故 C 错误； D.闭合铁框水平向右运动的过程中，前后两根导线均切割产生感应电动势，但是回路中的磁 通量保持不变，所以回路中不会产生感应电流，故 D 错误； 故选 B。 3.如图所示，等腰三角形内以底边中线为界，左右两边分布有垂直纸面向外和垂直纸面向里 的等强度匀强磁场，它的底边在 x 轴上且长为 2L，高为 L.纸面内一边长为 L 的正方形导线框 沿 x 轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在 t＝0 时刻恰好位于图中所示位置．以顺 时针方向为导线框中电流的正方向，在下面四幅图中能够正确表示电流－位移(I－x)关系的 是( )
-4-
A. 880；24
B. 660；27
C. 880；27
D. 660；24
【答案】A
【解析】
根 据 题 意 ， 灯 泡 均 正 常 发 光 ， 则 有 U2 9V ,U3 6V ， 根 据 电 压 与 匝 数 成 正 比 ， 有 ：
U1 n1
U2 n2
U3 n3
，代入数据有：
220 n1
)
A. 闭合开关 S 的瞬间，电流表 G 中有 a b 的感应电流 B. 闭合开关 S 的瞬间，电流表 G 中有 b a 的感应电流 C. 闭合开关 S，滑动变阻器的滑片向左滑的过程中，电流表 G 中有 a b 的感应电流 D. 闭合开关 S，滑动变阻器的滑片向左滑的过程中，电流表 G 中有 b a 的感应电流
3
22
8J
碰撞前后系统动能不变，故碰撞是弹性碰撞，故 B 正确， D 错误；
8.质量相等的五个物体在光滑的水平面上，间隔一定的距离排成一直线，如图所示，具有初
动能为 E0 的物块 1 向其他 4 个静止物块运动，依次发生碰撞，每次碰后不在分开，最后 5 个
物体粘成一个整体，这个整体的动能是 ( )
A.
正确；
B．若 PQ 向左减速运动，由右手定则可知 PQ 中感应电流的方向由 P 到 Q ，由安培定则可判
断出 L1 、L2 所在处的磁场方向是自上而下的；穿过 L1 的磁通量减小，由楞次定律可知流过 MN 的感应电流方向由 N 到 M ，由左手定则可判断出 MN 受到向左的安培力，将向左运动，故 D
错误。
4.如图所示的电路中，A1 和 A2 是完全相同的灯泡，线圈 L 的电阻可以忽略，下列说法中正确 的是
A. 合上开关 K 接通电路时，A2 先亮，A1 后亮，最后一样亮 B. 合上开关 K 接通电路时，A2 始终比 A1 亮 C. 断开开关 K 切断电路时，A2 先熄灭，A1 过一会儿才熄灭 D. 断开开关 K 切断电路时，A1 和 A2 都立刻熄灭 【答案】A 【解析】 【分析】
动量为 3kg•m/s，4s 时速度为 1m/s，CD 错误；
12.如图所示，质量分别为 m 和 2m 的 A、B 两个木块间用轻弹簧相连，放在光滑水平面上，A
靠紧竖直墙．用水平力 F 将 B 向左压，使弹簧被压缩一定长度，静止后弹簧储存的弹性势能
为 E．这时突然撤去 F，关于 A、B 和弹簧组成的系统，下列说法中正确的是(
为零，而墙对 A 有向右的弹力，使系统的动量不守恒．这个过程中，只有弹簧的弹力对 B 做
9 36
6 n3
，解得： n1
880 匝， n3
24 匝，故选
A.
7.质量为 m1=1kg 和 m2（未知的两个物体在光滑的水平面上正碰，碰撞时间极短，其 x-t 图象
如图所示，则
A. 被碰物体质量为 5kg
B. 此碰撞一定为弹性碰撞
C. 碰后两物体速度相同
D. 此过程有机械能损失
【答案】B
【解析】
R
2
11.一质量为 2kg 的物块在合外力 F 的作用下从静止开始沿直线运动。F 随时间 t 变化的图线
如图所示，则（）
A. t 1s 时物块的速率为1m / s B. t 2s 时物块的动量大小为 4kg m / s
C. t 3s 时物块的动量大小为 5kg m / s
D. t=4s 时物块的速度为零
线方向向里，根据楞次定律判断出来感应电流方向为逆时针，为负值；有效切线长度为
位移在 2L 3L 过程：有效切线长度为
L效 =L
I BLv R
L效 =L （x 3L) 2L x I B(2L x)v R
根据楞次定律判断出来感应电流方向沿顺时针方向，为正值．根据数学知识，故 B 正确，ACD
1 5
E0
B.
1 25
E0
C.
4 5
E0
D. E0
【答案】A
【解析】
【分析】
以五个物体为系统，在整个过程中，动量守恒，运用动量守恒定律，求出最终整体的速度，
从而得出整体的动能．
-6-
【详解】对整个系统研究，整个过程运用动量守恒定律得， mv0
5mv
，解得 v
v0 5
，因为
E0
1 2
mv02
，则整体的动能
左运动，故 A 错误；
B．若 PQ 向左加速运动，由右手定则可知 PQ 中感应电流的方向由 P 到 Q ，由安培定则可判
断出 L1 、L2 所在处的磁场方向是自上而下的；穿过 L1 的磁通量增加，由楞次定律可知流过 MN 的感应电流方向由 M 到 N ，由左手定则可判断出 MN 受到向右的安培力，将向右运动，故 B
D. 一个周期内，线圈产生的热量为
8 2 J
【答案】AD
【解析】
【详解】A．根据图象可知，在 t=0 时穿过线圈平面的磁通量为零，所以线圈平面平行于磁感
线，A 正确；
B．Φ-t 图象的斜率为 ，即表示磁通量的变化率，在 0.5s～1.5s 之间，“斜率方向“不
t
变，表示的感应电动势方向不变，则电流强度方向不变，B 错误；
A. I0
B. 3 I0 2
C. I0 +I0 2
D. I0 2
【答案】B
【解析】
【详解】设交流电电流的有效值为 I，周期为 T，电阻为 R． 则有：
I 2RT
(
2 2
I 0 )2
R
T 2
I
2 0
R
T 2
，解得：I=
3 I0； 2
A. I0，与结论不相符，选项 A 错误；
B. 3 I0，与结论相符，选项 B 正确； 2
EK
1 5m v2 2
1 10
mv02
1 5
E0
.
故
A
正确，B、C、D
错误．
故选 A．
【点睛】本题考查了动量守恒定律的基本运用，知道五个物体组成的系统，在整个过程中动
量守恒；碰后粘在一起则机械能不守恒
二、多选题（本大题共 4 小题，共 16.0 分）
9.如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒 PQ、MN，当 PQ 在外力的作用
C. I +I0，与结论不相符，选项 C 错误； 2
D. I ，与结论不相符，选项 D 错误； 2
6.如图所示，理想变压器的交流输入电压 U1=220V，有两组副线圈，其中 n2=36 匝与标有“9V， 9W”的灯相连，n3 与“6V，12W”的电灯相连，且均能正常发光．则 n1 与 n3 的匝数分别为
正确；
C．若 PQ 向右加减运动，由右手定则可知 PQ 中感应电流的方向由 Q 到 P ，由安培定则可判
断出 L1 、L2 所在处的磁场方向是自下而上的；穿过 L1 的磁通量减小，由楞次定律可知流过 MN
-7-
的感应电流方向由 M 到 N ，由左手定则可判断出 MN 受到向右的安培力，将向右运动，故 C
A.
B.
C.
D.
【答案】B 【解析】
【详解】位移在 0 L 过程：磁通量增大，由楞次定律判断感应电流方向为顺时针方向，为正
值；
I BL效v R
L效 =x
-2-
则 有效切线长度为
I Bxv R
L效 =x L I B(x L)v
R 位移在 L 2L 过程:两边都切割磁感线，产生感应电动势，穿过线框的磁通量增大，总的磁感
【详解】AC．由图象可知，碰撞前 m2 是静止的，m1 的速度为：
v1
x1 t1
8 2
4m/s
碰后 m1 的速度为：
v1
x1 t1
08 62
m/s
2m/s
m2 的速度为：
v2
x2 t2
16 8 62
2m/s
-5-
即碰后两物体速度大小相等，方向相反，速度不相同；
两物体碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得：
2019-2020 学年度第二学期开学考试
Байду номын сангаас
高二物理
一、单选题（本大题共 8 小题，共 32.0 分）
1.如图所示，1831 年法拉第把两个线圈绕在一个铁环上，A 线圈与电源、滑动变阻器 R 组成 一个回路，B 线圈与开关 S、电流表 G 组成另一个回路 . 通过多次实验，法拉第终于总结出产
生感应电流的条件 .关于该实验下列说法正确的是 (