2020_2021学年高三物理一轮复习综合训练 变压器(2)
2021版高考物理一轮复习考点集训四十四第2节变压器远距离输电含解析
高考物理一轮复习：考点集训(四十四) 第2节 变压器 远距离输电A 组1．(多选)如图所示，理想变压器的原线圈接在u ＝2202sin 50πt(V )的交流电源上，副线圈接有R ＝55 Ω的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2∶1，电流表、电压表均为理想电表．下列说法正确的是( )A ．副线圈输出交流电的周期为0.02 sB ．如果仅将电源的频率加倍，不会改变R 的功率C ．电压表的读数为110 2 VD ．电流表的读数为1 A[解析] 根据u ＝2202sin 50πt(V )知原线圈的周期为T ＝0.04 s ，由于原副线圈的周期相等，所以副线圈输出交流电的周期为0.04 s ，A 错误；如果仅将电源的频率加倍，则副线圈两端的电压不变，电阻R 的功率也不变，B 正确；根据匝数比可知副线圈两端电压的有效值为110 V ，则电压表的读数应该为110 V ，C 错误；根据闭合电路欧姆定律可知副线圈的电流为I ＝11055 A ＝2 A ，再根据匝数之间的关系可知原线圈的电流为1 A ，则电流表的示数也为1 A ，D 正确．[答案] BD2．如图所示为一自耦变压器的电路图，其特点是铁芯上只绕有一个线圈．把整个线圈作为副线圈，而取线圈的一部分作为原线圈．原线圈接在电压为U 的正弦交流电源上，电流表A 1、A 2均为理想电表．当触头P 向上移动时，下列说法正确的是( )A ．A 1读数变小，A 2读数变小B ．A 1读数变大，A 2读数变小C ．R 两端电压变大，变压器输入功率变小D ．R 两端电压变大，变压器输入功率变大[解析] 理想自耦变压器，原线圈接正弦交流电压U ，当触头上移时，导致原线圈的匝数n 1变大，由U 1U 2＝n 1n 2可知，U 2变小，根据I 2＝U 2R 可得，电流表A 2读数变小，再由电流与匝数成反比可得电流表A 1读数变小，故A 正确，B 错误；R 两端的电压为副线圈的电压U 2，副线圈中电压和电流都变小，故R 两端电压变小，且输出功率变小，根据输入功率等于输出功率知变压器的输入功率变小，故CD 错误．[答案] A3．(多选)如图，理想变压器副线圈通过输电线接两个相同的灯泡L 1和L 2，原线圈输入电压不变，输电线的等效电阻为R.开始时，开关S 断开，当S 闭合时下列说法中正确的是( )A ．原线圈中的电流增大B ．灯泡L 1更暗C ．副线圈两端的输出电压减小D ．变压器的输入功率增大[解析] 变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，AD 正确；当S 接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R 的电流变大，电压变大，那么并联部分的电压减小，所以通过灯泡L 1的电流减小，B 正确；理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，C 错误．[答案] ABD4．如图甲所示，理想变压器原线圈的匝数n 1、副线圈的匝数n 2均可调节．原线圈两端接如图乙所示的交流电，副线圈接负载电阻R 和理想交流电流表A ，下列说法正确的是( )A ．增大n 1，其他条件不变，变压器的输出电压变大B ．增大n 2，其他条件不变，电流表的示数变小C ．增大R ，其他条件不变，变压器的输入功率变大D ．原线圈所接交流电电压的瞬时值表达式u ＝2202sin 100πt(V )[解析] 根据电压与匝数成正比，增大n 1，其他条件不变，变压器的输出电压减小，故A 错误；根据电压与匝数成正比，增大n 2，其他条件不变，变压器的输出电压增大，根据欧姆定律可知，电流表的示数变大，故B 错误；增大R ，其他条件不变，则输出功率P ＝U2R 减小，变压器的输入功率等于输出功率，也减小，故C 错误；根据图乙知原线圈所接交流电的瞬时值表达式u ＝2202sin 100πt(V )，故D 正确．[答案] D5．(多选)中国的特高压输电技术独步全球，有着重大的经济和社会效益．如图为远距离特高压输电的示意图，若电厂输出电压为U 1＝5 5002sin 100πt(V )，电流为I 1＝500 A ，在电能输送过程中，输送的电功率一定，输电线电阻一定，在输电线上发热损失的电功率为P 损，下列判断正确的是( )A ．P 损与U 3的平方成正比B ．U 2I 2＝2.75×106 WC ．I 2＜500 AD ．用户得到的交流电频率为50 Hz[解析] 损失功率为P 损＝（ΔU ）2R＝（U 2－U 3）2R，A 错误；根据电厂输出电压为U 1＝55002sin 100πt(V )知U 1＝5 500 V ，I 1＝500 A ，根据功率相等知U 1I 1＝U 2I 2＝5 500×500 W＝2.75×106W ，B 正确；根据I 1I 2＝n 2n 1＝U 2U 1>1，知I 2＜500 A ，C 正确；根据电厂输出电压为U 1＝5 5002sin 100πt(V )，知频率为50 Hz ，变压器不改变频率，D 正确．[答案] BCD6．(多选)如图甲所示，变压器原副线圈的匝数比为3∶1，L 1、L 2、L 3、L 4为四只规格均为“9 V 6 W ”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表，输入端交变电压u 的图象如图乙所示．则以下说法中正确的是( )A ．电压表的示数为36 VB ．电压表的示数为27 VC ．电流表的示数为3 AD ．四只灯泡均能正常发光[解析] 由输入端交变电压的图象，可求出有效值36 V ，由原、副线圈匝数之比3∶1，可得原、副线圈的电压之比3∶1，电流之比1∶3，可知四只灯泡电压均相同，设灯泡两端电压为U ，所以U ＋3U ＝36 V ，则U ＝9 V ，因此原线圈电压为27 V ，副线圈电压为9 V ，四只灯泡均能正常发光．电流表的读数为I ＝3×69A ＝2 A ，BD 正确．[答案] BD7．(多选)如图所示，理想变压器输入端连接有效值不变的交流电源．下列说法正确的是( )A ．只将开关由1掷向2，电压表示数变小B ．只将开关由1掷向2，电流表示数变大C ．只将滑动变阻器的滑片下滑，电流表示数变小D ．只将滑动变阻器的滑片下滑，电压表示数变小[解析] 只将开关由1掷向2，则原线圈匝数变小，根据U 1n 1＝U 2n 2可知，副线圈电压变大，则电压表示数变大，电流表示数变大，选项A 错误，B 正确；只将滑动变阻器的滑片下滑，则电阻变大，而副线圈电压不变，则副线圈电流减小，即电流表示数变小，电压表示数不变，选项C 正确，D 错误．[答案] BC8．如图所示，理想变压器的原线圈接有某一正弦交流电源，L 为白炽灯泡，R 1和R 2为定值电阻，R 3为光敏电阻，其阻值随照射光强度的增大而减小．现增大照射光强度，则( )A ．通过原线圈的电流减小B ．变压器的输出功率增大C ．R 1两端的电压减小D ．L 灯泡变暗[解析] 增大照射光强度，R 3的阻减小，副线圈总电阻减小，副线圈两端电压一定，通过副线圈的电流增大，根据能量守恒，所以通过原线圈电流也增大，故A 错误；副线圈电压一定，电阻减小，变压器的输出功率增大，故B 正确；流过R 1电流增大，所以R 1两端的电压增大，故C 错误；副线圈电压一定，R 1两端电压增大，R 2两端电压减小，通过R 2的电流减小，副线圈总电流增大，所以通过灯的电流增大，L 灯泡变亮，故D 错误．[答案] BB 组9．(多选)如图所示的变压器为理想变压器，副线圈中三个电阻的阻值大小为R 1＝R 2＝2r ＝2 Ω，电流表为理想交流电表，原线圈输入正弦式交流电e ＝1102sin 100πt(V )．开关S 断开时，电阻r 消耗的电功率为100 W ．下列说法中正确的是( )A ．流过电阻r 的电流方向每秒钟变化50次B ．开关S 闭合前、后，流过电阻R 1的电流大小之比为2∶1C ．开关S 闭合前、后，电流表的示数大小之比为2∶3D ．变压器原、副线圈的匝数之比为11∶3[解析] 由公式T ＝2πω＝0.02 s ，解得f ＝1T＝50 Hz ，所以电流的方向每秒变化100次，故A 错误；开关S 断开时，电阻r 消耗的电功率为100 W ，即P ＝I 21r ＝100 W ，得I 1＝10 A ，则副线圈两端电压U 2＝I 1()r ＋R 1＝30 V ，流过R 1的电流I ＝10 A ；当S 闭合后R 总＝r ＋R 1R 2R 1＋R 2＝2 Ω，总电流I 1′＝U 2R 总＝15 A ，通过R 1的电流I R1＝U 22R 总＝7.5 A ，即开关S 闭合前、后，流过电阻R 1的电流大小之比为4∶3，故B 错误；开关S 闭合前、后，电流表的示数为I 0I 0′＝I 1I 1′＝1015＝23，故C 正确；原、副线圈的匝数比n 1n 2＝U 1U 2＝113，故D 正确． [答案] CD10．(多选)如图所示为远距离输电的原理图，升压变压器的原副线圈匝数比为1∶m，降压变压器的原副线圈匝数比为n ∶1，输电线的电阻为R ，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电机输出的电压恒为U ，若由于用户的负载变化，使电压表V 2的示数减小了ΔU ，则下列判断正确的是( )A ．电压表V 1的示数减小了n ΔUB ．电流表A 1的示数增大了n ΔURC ．输电线损失的功率增大了⎝ ⎛⎭⎪⎫n ΔU R 2R D ．电流表A 2的示数增大了n 2ΔUR[解析] 发电机输出的电压恒为U ，而升压变压器原副线圈匝数比不变，所以电压表V 1的示数不变，A 错误；由于V 2示数(U 4)减小了ΔU ，根据n 3n 4＝U 3U 4＝n ，可得降压变压器原线圈的电压U 3减小了n ΔU ，根据U V 1＝I A 1R ＋U 3，故I A 1R 增大了n ΔU ，所以电流表A 1的示数增大了ΔI 3＝n ΔU R ，根据I 3I 4＝ΔI 3ΔI 4＝1n ，可得A 2的示数增大了ΔI 4＝n 2ΔUR，BD 正确；输电线损失的功率增大了ΔP ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫I ＋n ΔU R 2R －I 2R ，故C 错误．[答案] BD11．如图所示，一理想变压器原、副线圈的匝数比n 1∶n 2＝4∶1.变压器原线圈通过一理想电流表A 接U ＝2202sin 100πt(V )的正弦交流电，副线圈接有三个规格相同的灯泡和两个二极管，已知两二极管的正向电阻均为零，反向电阻均为无穷大，不考虑温度对灯泡电阻的影响．用交流电压表测得a 、b 端和c 、d 端的电压分别为U ab 和U cd ，下列分析正确的是( )A ．U ab ＝220 V ，U cd ＝55 VB ．流经L 1的电流是流经电流表的电流的2倍C ．若其中一个二极管被短路，电流表的示数将不变D ．若通电1小时，L 1消耗的电能等于L 2、L 3消耗的电能之和[解析] ab 两点间的电压为U ab ＝22022 V ＝220 V ，副线圈两端电压U 2＝n 2n 1U 1＝55 V ，cd两端的电压小于55 V ，故A 错误；根据变压器原理可知I 1I 2＝n 2n 1＝14，所以流经L 1的电流是流经电流表的电流的4倍，故B 错误；若其中一个二极管被短路，副线圈的电路发生变化，所以原线圈上的电流也将发生变化，故C 错误；灯泡L 1和L 2交替有电流出现，每次接通时灯泡L 2或L 3消耗的电功率与L 1相同，所以通电1小时，L 1消耗的电能等于L 2、L 3消耗的电能之和，故D 正确．[答案] D12．如图所示，内阻为 5 Ω的发电机通过理想升压变压器和理想降压变压器向用户供电．已知输电线的总电阻为R ＝50 Ω，升压变压器的原、副线圈匝数之比为1∶4，降压变压器的原、副线圈匝数之比为5∶1，降压变压器副线圈两端输出电压的表达式为U ＝2202sin 100πt(V )，降压变压器的副线圈与R 0＝22 Ω的负载电阻组成闭合电路．求：(1)降压变压器的输出功率； (2)升压变压器的输出功率； (3)发电机电动势的有效值．[解析] (1)降压变压器输出电压有效值U 4＝220 V 输出功率P 4＝U 24R 0解得P 4＝2 200 W(2)降压变压器输入电压有效值U 3，U 3U 4＝51解得U 3＝1 100 V设输电导线电流为I 2，P 3＝P 4＝U 3I 2 解得I 2＝2 A 电压ΔU ＝I 2R ΔU ＝100 V升压变压器的输出电压U 2＝U 3＋ΔU 解得U 2＝1 200 V升压变压器输出功率P 2＝U 2I 2 解得P 2＝2 400 W(3)升压变压器输入电压有效值U 1，U 1U 2＝14解得U 1＝300 V发电机电流为I 1＝P 1U 1＝P 2U 1解得I 1＝8 A电源电动势有效值E ＝I 1r ＋U 1＝340 V。
2020-2021学年高考物理一轮复习交变电流练习试题及答案
2020-2021 学年高三物理一轮复习练习卷：交变电流一、单选题1．已知矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化的图象如图甲所示，则下列说法正确的是（）A．t=0 时刻线圈平面与中性面垂直B．t=0.01s 时刻Φ的变化率达最大C．t=0.02s 时刻感应电动势达到最大D．该线圈相应的感应电动势图象如图乙所示2．一线圈在匀强磁场中匀速转动，在如图所示的位置时( )A．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小B．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最大C．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最大D．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最小3．在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则()A．t＝0.005s 时线圈平面与磁场方向平行B．t＝0.010s 时线圈的磁通量变化率最大C．线圈产生的交变电动势频率为100HzD．线圈产生的交变电动势有效值为311V2 4．如图所示为一交变电流的电流随时间而变化的图象．此交变电流的有效值是A ．5A B ． 5 A C ．3.5 A D ． 2.5 A5．一闭合矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，产生的感应电流如图所示，由图可知A ．该交流电电流的有效值是 5 AB ．该交流电的频率是 20 HzC ．t =0 时刻线圈平面位于中性面D ．该交流电电流的瞬时表达式为 i =5cos 100πt （A ）6．某交变电动势瞬时值表达式e = 10sin 2πt V ，则（ ） A ．交变电流的频率为 2Hz B ．交变电流的周期为 0.25 秒 C ．交变电流的有效值为10VD ．当 t ＝0.25 秒时，感应电动势为10V7．A 、B 是两个完全相同的电热器，A 通以图甲所示的方波交变电流，B 通以图乙所示的正弦式交变电流，则两电热器的电功率 P A ∶P B等于( )222 2 2 2 2 2 2 2A．5∶4 B．3∶2 C．∶1 D．2∶18．如图所示，将硬导线中间一段折成不封闭的正方形，每边长为l，它在磁感应强度为B、方向如图所示的匀强磁场中匀速转动，转速为n，导线在a、b 两处通过电刷与外电路连接，外电路有额定功率为P 的小灯泡并正常发光，电路中除灯泡外，其余部分的电阻不计，灯泡的电阻应为( )A．(2πl nB)PB．2(πl nB)PC．(l nB)2PD．(l nB)P9．一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示，已知发电机线圈内阻为5.0 Ω，现外接一只电阻为105.0 Ω 的灯泡，如图乙所示，则下列说法正确的是( )A．电路中的电流方向每秒钟改变50 次B．电压表的示数为220 VC．灯泡实际消耗的功率为420 WD．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为25 J10．如图甲所示，矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的中心轴OO’匀速转动，从某时刻开始计时，产生的感应电动势e 随时间t 的变化曲线如图乙所示，若线圈匝数N=100 匝，外接电阻R=70Ω，线圈电阻r=10Ω，则下列说法正确的是（）A．通过线圈的最大电流为1.25A B．线圈的角速度为50rad/sC．电压表的示数为50V D．穿过线圈的最大磁通量为2Wbπ11．如图所示，N 匝矩形导线框以角速度ω 在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕轴OO′匀速转动，线框面积为S，线框的电阻为r，外电路接有电阻R、理想电流表和二极管D．二极管D 具有单向导电性，即正向电阻为零，反向电阻无穷大．下列说法正确的是( )A．图示位置电流表示数为0B．R 两端电压的有效值U＝2NBSω2NBSωC．交流电流表的示数2(R +r )D．一个周期内通过R 的电荷量NBSR +r12．现在的调光灯、调速电风扇是用可控硅电子元件来实现调控的。
高三物理 第一轮复习变压器
I1
I2
电动势分别是：
U1 n1
n2 U2
E1=n1
ΔΦ Δt
由此可得：
E2=n2
ΔΦ Δt
理想变压器原副线圈的端电
压之比等于这两个线圈的匝
数之比
U1 U2
=
n1 n2
升压变压器：n2 >n1 U2>U1
EE21=
n1 n2
原线圈回路有： U1− E1=I1r1≈ 0 则 U1=E1 副线圈回路有： E2=U2 +I2r2 ≈U2 则 U2=E2
所以：
2∆t2 = ∆t1 = 2t1
则
t1时刻对应的பைடு நூலகம்度为
π
3
UC
=
U0sin
π
3
解得 U0 =105V
UB 4
+ 4UB
UB=U2
则
4U UB= 17
总结：注意变压器的端电压！
在真空中速度v =6.4×107m/s的电子束连续
地射入两平行极板间，如图所示，极板长度为
L=8.0×10-2m，間距d=5.0×10 -3m。两极板不
带电时，电子束将沿两极板之间的中线通过 ，
在两极板上加一个50Hz的交变电压U=U0sinωt . 如果所加电压的最大值U0超过某电压UC时，电 子束将有时能通过两极板，有时间断而不能通
故对于通过极板的电子来说，可认
L
为场强是稳定不变的，每个电子均做 . v
类平抛运动，则电子束不能通过两极 e
d
板间时有：
y≥
1 2
at2
d 2
=
2edUmC
(
L v
)2
UC =
高三物理最新教案-2020高考物理一轮复习资料：变压器
2－1 一理想变压器的原线圈上接有正弦交变电压，其最大值保持不变，副线圈 接有可调电阻R.设原线圈的电流为I1，输入功率为P1，副线圈的电流为I2，输 出功率为P2.当R增大时( ) A．I1减小，P1增大 B．I1减小，P1减小 C．I2增大，P2减小 D．I2增大，P2增大 解析：考查理想变压器及其相关知识．当副线圈接的可调电阻R增大时，变压器 输出功率P2减小，导致变压器输入功率P1减小，原线圈中电流I1减小，所以正确 选项是B. 答案：B
1．如图10－2－2所示，理想变压器原副线圈匝数之比为10∶1.原线圈接电压u＝ 310sin 100πt(V)的交流电源，副线圈接两个阻值均为R＝22 Ω的负载电阻，电 表均为理想电表，则下述结论正确的是( ) A．开关S断开时，A表的示数为0.1 A B．开关S断开时，V表的示数为22 V C．开关S闭合时，A表的示数为0.05 A D．开关S闭合时，V表的示数为22 V 答案：BC
图10－2－4
解析：本题考查变压器及功率的知识．由变压比求得输电线电压U＝2.2×104 V， 由变流比求得输电线电流I＝1×104 A，所以输送功率P＝UI＝2.2×108 W，C 对．
答案：C
1－2如图10－2－5所示，一理想变压器原线圈匝数n1＝1 100匝，副线圈匝数n2＝220匝， 交流电源的电压u＝220 sin 100πt(V)，电阻R＝44 Ω，电压表、电流表为理想电表， 则下列说法错误的是( )
【例2】 如图10－2－6所示，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路
中R1、R2为定值电阻，滑动触头P可在R上滑动．V1、V2为理想电压表，读 数分别为U1、U2；A1、A2两理想电流表的读数分别为I1、I2.当滑动触头P向 下滑动且U1示数一直不变时，则下列推断中正确的是( )
2020-2021学年[同步]人教版高中物理选修1-1 3.4变压器练习卷(解析版).doc
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2020-2021学年[同步]人教版高中物理选修1-1 3.4变压器练习卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：）关于试探电荷的说法正确的是（）A.试探电荷一定带正电B.试探电荷一定带负电C.点电荷一定是试探电荷D.试探电荷一定是点电荷【答案】D【解析】试题分析：根据研究问题的需要，试探电荷可以是正电荷也可以是负电荷，试探电荷的电荷量要少，体积要绝对小．当带电体本身的大小相对于研究的距离可以忽略时，该带电体可以看成点电荷，其本身的大小可以很大．解：AB、试探电荷的体积要小、电荷量要少，不能影响原来研究的电场，根据研究问题的需要，试探电荷可以是正电荷也可以是负电荷，故AB均错误．CD、当带电体本身的大小相对于研究的距离可以忽略时，该带电体可以看成点电荷，其本身的大小可以很大，但是试探电荷本身是绝对小的，故点电荷不一定是试探电荷，但试探电荷一定是点电荷，故C错误、D 正确．故选：D．点评：本题要掌握试探电荷和点电荷的概念，知道试探电荷试探电荷的体积要小、电荷量要少，不能影响原来研究的电场，试探电荷本身是绝对小的．（2015•成都模拟）如图所示．L1和L2是输电线，甲、乙是两个互感器，通过观测接在甲、乙中的电表读数，可以间接得到输电线两端电压和通过输电线的电流．若已知图中n1：n2=100：1，n3：n4=1：10，V表示数为220V，A表示数为l0A，则下列判断正确的是（）A.甲是电压互感器，输电线两端电压是2 2×104VB.乙是电压互感器，输电线两端电压是2 2×103vC.甲是电流互感器，通过输电线的电流是100AD.乙是电流互感器，通过输电线的电流是0.1A【答案】A【解析】评卷人得分试题分析：变器的匝数与电压成正比，与电流成反比，安全起见，要求电压表和电流表都不能超过最大量程．解：A、C、甲图的原线圈两端接电源两端的电压，所以是电压互感器，已知n1：n2=100：1，电压表示数为220V，故传输电压为：U=220V×100=2.2×104V；故A正确，C错误；B、D、乙图中的原线圈串联接入输电线的一根导线，所以的电流互感器，已知n3：n4=1：10，电流表示数为10A，故传输电流为：I=10A×10=100A；故BD错误．故选：A．点评：本题考查了变压器的特点，要知道电流表需要串联在电路中，电压表要并联在电路中．（2014•广东高考）如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是（）A.P向下滑动时，灯L变亮B.P向下滑动时，变压器的输出电压不变C.P向上滑动时，变压器的输入电流变小D.P向上滑动时，变压器的输出功率变大【答案】BD【解析】试题分析：与闭合电路中的动态分析类似，可以根据滑动变阻器R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况．解：A、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，根据，即亮度不变．故A错误；B、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，故B正确；C、当滑动变阻器R的滑片向上移动时，导致总电阻减小，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．因此输入电流也变大．故C错误；D、当滑动变阻器R的滑片向上移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．则输出功率增大，故D正确．故选：BD．点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．（2014•江苏）远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R，变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是（）A.=B.I2=C.I1U1=I22RD.I1U1=I2U2【答案】D【解析】试题分析：变压器电压之比等于匝数之比；电流之比等于匝数的反比；在远距离输电中，输电导线上功率有损耗．解：A、升压变压器电流之比等于匝数的反比；故有：=；故A错误；B、U2是输电导线及降压变压器两端的电压，不能只对导线由欧姆定律求电流；故B错误；C、升压变压器输出的功率等于导线上消耗的功率及降压变压器消耗的功率之和；故C错误；D、理想变压器输入功率等于输出功率；故I1U1=I2U2，故D正确．故选：D．点评：理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象．远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损．（2014•山东）如图，将额定电压为60V的用电器，通过一理想变压器接在正弦交变电源上，闭合开关S后，用电器正常工作，交流电压表和交流电流表（均为理想电表）的示数分别为220V和2.2A，以下判断正确的是（）A.变压器输入功率为484WB.通过原线圈的电流的有效值为0.6AC.通过副线圈的电流的最大值为2.2AD.变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：3【答案】BD【解析】试题分析：副线圈的用电器正常工作，电压为额定电压，即为副线圈电压，再根据副线圈的电流，可以计算出输出功率，理想变压器的输入功率等于输出功率．再根据变压器原副线圈电压、电流与线圈匝数的关系即可求解，要知道电流表和电压表都是有效值．解：A、变压器的输入功率等于输出功率，P入=P出=I2U2=2.2×60=132W，故A错误；B、根据P入=I1U1，所以，故B正确；C、电流表示数为有效值，故通过副线圈的电流的有效值为2.2A，则最大值为，故C错误；D、根据变压器的工作原理可知，所以变压器原、副线圈匝数比，故D正确．故选：BD．点评：掌握住理想变压器的输入功率等于输出功率，知道电压、电流之间的关系，还要知道电流表和电压表都是有效值．（2014•海南）理想变压器上接有三个完全相同的灯泡，其中一个与该变压器的原线圈串联后接入交流电源，另外两个并联后接在副线圈两端．已知三个灯泡均正常发光．该变压器原、副线圈的匝数之比为（）A.1：2B.2：1C.2：3D.3：2【答案】B【解析】试题分析：设每只灯的额定电流为I，因并联在副线圈两端的三只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电流为2I，由电流关系求出匝数比；由匝数比求电压关系．解：设每只灯的额定电流为I，额定电压为U，因并联在副线圈两端的两只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电流为2I，原副线圈电流之比为1：2，所以原、副线圈的匝数之比为2：1．故选：B．点评：本题解题的突破口在原副线圈的电流关系，注意明确三灯正常发光为解题的关键．（2014•福建）如图所示为模拟远距离输电实验电路图，两理想变压器的匝数n1=n4＜n2=n3，四根模拟输电线的电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R，A1、A2为相同的理想交流电流表L1、L2为相同的小灯泡，灯丝电阻RL＞2R，忽略灯丝电阻随温度的变化．当A、B端接入低压交流电源时（）A.A1、A2两表的示数相同B.L1、L2两灯泡的亮度相同C.R1消耗的功率大于R3消耗的功率D.R2两端的电压小于R4两端的电压【答案】D【解析】试题分析：根据变压器的规律和欧姆定律分别列出两个灯泡两端的电压表达式，再比较灯泡亮度的关系，根据电流的表达式分析两个电流表示数的关系，即可得到R1与R3消耗的功率的关系．解：A、B、设变压器原副线圈数比为K（K＞1），A、B端接入的电压为U．则L2两端的电压为U2=，A2表的示数IA2=，对于变压器电路，升压变压器副线圈两端的电压为KU，设通过L1的电流为I1，则L1两端的电压为I1RL，A1表的示数为IA1=，降压变压器原线圈的电压为KI1RL，则有：KU﹣2R=KI1RL，解得I1=，则IA1==，已知RL＞2R，可得IA2＞IA1，I1＞IA1，故A错误；由于I1==＞IA2=，故B错误；C、电阻R1、R3相等，IA2＞IA1，根据公式P=I2R可知，R1消耗的功率小于R3消耗的功率，故C错误；D、电阻R2、R4相等，IA2＞IA1，根据欧姆定律知：R2两端的电压小于R4两端的电压，故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键掌握变压器的原理和特点，以及掌握远距离输电过程中电压损失和输入电压、输出电压的关系．（2014•蓟县一模）如图所示，M是一小型理想变压器，接线柱a、b接在电压u=311sin314t（V）的正弦交流电源上，变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻．当传感器R2所在处出现火警时，以下说法中正确的是（）A.Al的示数不变，A2的示数增大B.A1的示数增大，A2的示数增大C.V1的示数增大，V2的示数增大D.V1的示数不变，V2的示数减小【答案】D【解析】试题分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．解：当传感器R2所在处出现火情时，R2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A1测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A1示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V1的示数不变，由于副线圈中电流增大，R3的电压变压变大，所以V2的示数要减小，即R1的电压也要减小，所以A2的示数要减小，所以D正确．故选D．点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．（2014•广元模拟）远距离输电线路的示意图如图所示，若发电机的输出电压不变，则下列叙述中正确的是（）A.升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B.输电线中的电流只由升压变压器原副线圈的匝数比决定C.当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的功率增大D.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压【答案】C【解析】试题分析：根据变压器的特点：电压比等于匝数比，电流之比等于匝数反比，输入功率等于输出功率去分析．解：A、用户用电的总功率增加，升压变压器、降压变压器的原、副线圈电流都要增加，故A错误；B、输电线的电流由用户消耗的功率和高压输电电压有关，故B错误；C、用户总电阻减少，而输出电压不变，所以电流增大，功率损失P损=I2R增大，故C正确；D、升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压+线路电压损失，故D错误；故选C点评：远距离输电一定要画出远距离输电的示意图来，包括发电机、两台变压器、输电线等效电阻和负载电阻．并按照规范在图中标出相应的物理量符号．（2014•吉林二模）在变电站里，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，所用的器材叫电流互感器．如下所示的四个图中，能正确反应其工作原理的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】试题分析：原理是依据电磁感应原理的．电流互感器是由闭合的铁心和绕组组成．它的一次绕组匝数很少，串在需要测量的电流的线路中，因此它经常有线路的全部电流流过，二次绕组匝数比较多，串接在测量仪表和保护回路中，电流互感器在工作时，它的2次回路始终是闭合的，因此测量仪表和保护回路串联线圈的阻抗很小，电流互感器的工作状态接近短路．解：由理想变压器的原副线圈的电流之比可知，电流与匝数成反比．则电流互感器应串连接入匝数较多的线圈上．同时一次绕组匝数很少，且串在需要测量的电流的线路中．故A正确；故选：A点评：电流互感器的接线应遵守串联原则；按被测电流大小，选择合适的变化，否则误差将增大．（2014•南阳二模）由于天气原因断电，某小区启动了临时供电系统，它由备用发电机和副线圈匝数可调的变压器组成，如图所示，图中R0表示输电线的电阻．滑动触头P置于某处时，用户的用电器恰好正常工作，在下列情况下，要保证用电器仍能正常工作，则（）A.当发电机输出的电压发生波动使V1示数小于正常值，用电器不变时，应使滑动触头P向上滑动B.当发电机输出的电压发生波动使V1示数小于正常值，用电器不变时，应使滑动触头P向下滑动C.如果V1示数保持正常值不变，那么当用电器增加时，滑动触头P应向上滑D.如果V1示数保持正常值不变，那么当用电器增加时，滑动触头P应向下滑【答案】AC【解析】试题分析：对于理想变压器要明确两个关系：一是输出电压由输入电压决定，二是输入功率由输出功率决定．明确这两个关系然后根据有关电路知识即可求解．解：A、要保证用电器仍能正常工作，用电器两端电压不能发生变化，当V1示数小于正常值，要使V2不变，则应使滑动触头P向上滑动，减小原副线圈匝数比，故A正确，B错误；C、当用电器增加时，通过R0的电流增大，R0所占的电压也增大，要使用电器仍能正常工作，用电器两端电压不能发生变化，所以V2要变大，而V1示数保持正常值不变，则应使滑动触头P向上滑动，减小原副线圈匝数比，故C正确，D错误；故选AC点评：分析变压器时注意输出电压和输入功率这两个物理量的决定关系，然后结合电阻的串并联知识进行求解．（2014•东营二模）如图甲所示，理想变压器的原线圈电路中装有0.5A的保险丝L，原线圈匝数n1=600匝，副线圈匝数n2=120匝．当原线圈接在如图乙所示的交流电源上，要使整个电路和用电器正常工作，则副线圈两端可以接（）A.阻值为12Ω的电阻B.并联两盏的“36V 40W”灯泡C.工作频率为10Hz的用电设备D.耐压值为36V的电容器【答案】B【解析】试题分析：根据保险丝计算出副线圈中允许的增大电流，由乙图可知电源的峰值和周期，结合欧姆定律进行判断．解：由原线圈电流最大为0.5A知副线圈允许的最大电流为=2.5A．A、由乙图知输入电压有效值为180V，所以副线圈两端电压有效值为=36V，接阻值为12Ω的电阻时，电流为=3A，A错误；B、并联两盏的“36V 40W”灯泡时，电流为2×＜2.5A，B正确；C、由乙图知周期为0.02s频率为50Hz，C错误；D、副线圈两端电压峰值为36V，D错误；故选B点评：本题考查了变压器的特点，突破口在于保险丝的数值，结合欧姆定律进行判断．（2014•河东区二模）如图所示．一理想变压器的原线圈匝数为n1=1000匝，副线圈匝数为，n2=200匝，电阻R=8.8Ω．原线圈接入一电压u=220（v）的交流电源，电压表和电流表对电路的影响可忽略不计，则（）A.副线圈交受电流的频率是100HzB.t=ls的时刻，电压表V的示数为0C.变压器的输入电功率为220WD.电流表A的示数为10A【答案】C【解析】试题分析：根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．解：A、电流的频率是由电压决定的，所以原副线圈中电流的频率是一样的，都为50Hz，所以A错误．B、电压表的示数为电路的有效电压的大小，副线圈的最大电压为44V，所以有效的电压为=44V，所以电压表V的示数为44V，所以B错误．C、变压器的输入功率和输出功率是相等的，由C已经求出R的电压为44V，所以R的功率为==220W，所以C正确．D、电阻R的电流为=5A，根据原副线圈的电流与匝数程反比可以求得原线圈的电流为1A，所以D错误．故选C．点评：掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决．（2014•河北区模拟）如图所示，一只理想变压器原线圈与频率为50Hz的正弦交流电源相连，两个阻值均为20Ω的电阻串联后接在副线圈的两端．图中的电流表，电压表均为理想交流电表，原副线圈的匝数分别为200匝和100匝，电压表的示数为5V．则（）A.电流表的读数为0.5AB.流过电阻的交流电的频率为l00HzC.变压器的输入电压的最大值为D.变压器的输入功率为2.5W【答案】CD【解析】试题分析：交流电表的示数为有效值，经过变压器的交流电的频率不变，交流电的输入功率等于输出功率．解：A、副线圈的电流为I2=，则原线圈的电流为I1，由得．故A 错误B、流过电阻的交流电的频率为50Hz．故B错误C、副线圈的电压为U2=2×5=10V，由，则其最大值为20V．故C正确D、P入=P出=U2I2=10×0.25=2.5w．故D正确故选：C D点评：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．（2014•鹰潭二模）如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，电阻R1=R2=25Ω，D为理想二极管，原线圈接U=220sin100πt（V）的交流电．则（）A.交流电的频率为100HzB.通过R1的电流为2 AC.通过R2的电流为AD.变压器的输入功率为200W【答案】C【解析】试题分析：根据表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．解：A、原线圈接U=220sin100πt（V）的交流电．所以T==0.02s交流电的频率f==50Hz，故A错误；B、由原线圈接U=220sin100πt（V）交流电，有效值是220V，原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，根据原副线圈电压之比等于匝数之比可知，副线圈的电压为U2=×220V=50V，通过R1的电流I1==2A，故B错误；C、副线圈的电阻1消耗的功率P==100W由于现在二极管的作用，副线圈的电阻2电压只有正向电压．则电阻2消耗的功率为P′=×=50W，所以副线圈的输出功率应为150W，输出功率等于输入功率，所以变压器的输入功率为150W．由于现在二极管的作用，副线圈的电阻2通过的电流I=×=A，故C正确，D错误；故选：C．点评：本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管和电容器的作用要了解．（2014•顺德区模拟）如图甲为一火灾报警系统．其中R0为定值电阻，R为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小．理想变压器原、副线圈匝数比为5：1，副线圈输出电压如图乙所示，则下列说法正确的是（）A.原线圈输入电压有效值为220VB.副线圈输出电压瞬时值表达式u=44cos（100πt）VC.R处出现火情时原线圈电流增大D.R处出现火情时电阻R0的电功率减小【答案】AC【解析】试题分析：先求出副线圈的有效值，根据电压与匝数程正比求出原线圈有效值，由b图可知副线圈电压最大值Um=44V，周期T=0.02秒，可由周期求出角速度的值，则可得交流电压u的表达式u=Umsinωt（V），R处出现火情时电阻变小，则副线圈电流变大，则R0的电功率增大，根据电流关系可以判断原线圈电流变化情况．解：A、由图可知副线圈电压最大值Um=44 V，则副线圈的有效值为44V，根据=，所以U1=220V，故A正确；B、由图可知副线圈电压最大值Um=44V，周期T=0.016秒，ω==125π，所以u=44cos（125πt）V，故B错误；C、R处出现火情时电阻变小，则副线圈电流变大，线圈匝数比不变，所以原线圈电流增大，故C正确；D、R处出现火情时电阻变小，则副线圈电流变大，根据P=I2R，可知电阻R0的电功率增大，故D错误．故选：AC点评：根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压比与匝数比的关系，是解决本题的关键．（2014•湖北模拟）图甲所示的变压器原、副线圈匝数比为3：1，图乙是该变压器cd输入端交变电压u的图象，L1、L2、L3、L4为四只规格均为“9V 6W”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表．以下说法正确的是（）A.ab输入端电压的瞬时值表达式为uab=27sin100πt（V）B.电流表的示数为2A，且四只灯泡均能正常发光C.流过灯L2的电流每秒钟方向改变50次D.ab输入端输入功率Pab=18W【答案】B【解析】试题分析：闭合电路动态分析中，电源部分是由变压器提供，其它仍用闭合电路殴姆定律．当断开开关S 时，导致总电阻发生变化，而电压不变，则可判断出电路中的电流及电压如何变化．同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出，则就相当于一个新的恒定电源，其值就是刚才的有效值．解：A、由输入端交变电压u的图象，可求出有效值27V，副线圈电压为9V，副线圈三只灯泡均能正常发光．电流表的读数为I=3×A=2A，原线圈电流为=A，所以原线圈的灯泡也能正常发光，ab输入端电压的瞬时值表达式为uab=36sin100πt（V）A错误B正确．C、由图象知交流电的周期为0.02s，交流电的频率为50Hz，流过灯L2的电流每秒钟方向改变100次，C错误；D、ab输入端输入功率Pab=4×6=24W，故D错误；故选：B点评：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时运用闭合电路殴姆定律来分析随着电阻变化时电流、电压如何变化．分析的思路先干路后支路，以不变应万变．最后值得注意的是变压器的原线圈与灯泡串联后接入交流中，所以图象的有效值不是原线圈的有效值．（2014•河西区一模）某兴趣小组用实验室的手摇发电机和一个可看作理想的小变压器给一个灯泡供电，电路如图，当线圈以较大的转速n匀速转动时，额定电压为U0的灯泡正常发光，电压表示数是U1．巳知线圈电阻是r，灯泡电阻是R，则有（）A.变压器输入电压的瞬时值是u=U1sin2πntB.变压器的匝数比是U1：U0C.电流表的示数是D.线圈中产生的电动势最大值是Em=U1【答案】BC【解析】试题分析：理想变压器的输入功率和输出功率相等，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．并利用灯泡正常发光的电压与电流的值来构建原副线圈的电压与电流的关系．解：A、线圈以较大的转速n匀速转动时，所以ω=2πn，所以变压器输入电压的瞬时值u=U1sin2πnt，故A错误．B、电压与匝数成正比，所以变压器的原副线圈的匝数比是U1：U0．故B正确．C、理想变压器的输入功率和输出功率相等，灯泡正常发光时电功率为P=，所以输入功率为P=，电流表的示数是I1==，故C正确．D、由于线圈有内阻r，故线圈中产生的电动势有效值大于U1，最大值也就大于U1，故D错误．故选BC．点评：掌握住理想变压器的匝数比与电流比、电压比关系，可快速求解．（2014•漳州三模）如图所示a、b间接入正弦交流电，变压器右侧部分为一火灾报警系统原理图，R2为热敏电阻，随着温度升高其电阻变小，所有电表均为理想电表，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻．当R2所在处出现火情时，以下说法中正确的是（）A.V1的示数不变，V2的示数减小B.V1的示数减小，V2的示数减小C.A1的示数增大，A2的示数增大D.A1的示数减小，A2的示数减小【答案】A【解析】试题分析：与闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．解：当传感器R2所在处出现火情时，R2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A1测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A1示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V1的示数不变，由于副线圈中电流增大，R3的电压变压变大，所以V2的示数要减小，即R1的电压也要减小，所以A2的示数要减小，所以A正确，BCD错误．故选：A．点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．（2014•河西区二模）图1中的变压器为理想变压器，原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为10：1．变压器的原线圈接如图2所示的正弦式电流，两个20Ω的定值电阻串连接在副线圈两端．电压表V为理想电表．（）。
2021年高考物理新课标一轮复习习题：第11章 第2讲 变压器 远距离输电 Word版含答案
第2讲变压器远距离输电A组基础题组1.(2015江苏单科,1,3分)一电器中的变压器可视为理想变压器,它将220 V交变电流改变为110 V。
已知变压器原线圈匝数为800,则副线圈匝数为( )A.200B.400C.1 600D.3 2002.如图所示,一理想变压器原、副线圈匝数比为3∶1,副线圈上接三个相同的灯泡,均能正常发光,原线圈中再串一个相同的灯泡L,则( )A.灯L也能正常发光B.灯L比另外三个灯都暗C.灯L将会被烧坏D.不能确定3.如图所示,理想变压器与电阻R、交流电压表V、交流电流表A按图甲所示方式连接,已知变压器的原、副线圈的匝数比为n1∶n2=10∶1,电阻R=10 Ω。
图乙是R两端电压u随时间变化的图像,U m=10 V。
则下列说法中正确的是( )A.交变电流的频率是50 HzB.电流表A的读数为 AC.电压表V的读数为10 VD.变压器的输入功率为10 W4.(2013广东理综,16,4分)如图,理想变压器原、副线圈匝数比n1∶n2=2∶1,和均为理想电表,灯泡电阻R L=6 Ω,AB端电压u1=12 sin 100πt(V)。
下列说法正确的是( )A.电流频率为100 HzB.的读数为24 VC.的读数为0.5 AD.变压器输入功率为6 W5.(2016山东淄博二模)(多选)如图甲所示为理想调压变压器,原线圈A、B端的输入电压如图乙所示,则当此变压器工作时,以下说法正确的是( )A.若滑动触头P处于某一确定位置,当变阻器R的滑动触头下滑时,电流表示数将变大B.若滑动触头P处于某一确定位置,当变阻器R的滑动触头上滑时,电压表示数增大C.若滑动触头P和变阻器R的滑动触头同时上移,则电流表示数一定变大D.若变阻器最大阻值为100 Ω,且变阻器R的滑动触头置于最上端,则在滑动触头P滑动的过程中,电流表的电流变化范围为0~2.2 A6.(2015湖南十三校第一次联考)如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2,原线圈加正弦交变电压U1,以下说法正确的是( )A.S断开时,MN两端的电压最大,ON两端的电压为零B.S断开时,MN两端的电压为零,ON两端的电压为U1C.S闭合且滑动触头向下滑动时,变压器的输出功率不变D.S闭合且滑动触头向上滑动时,通过原线圈的电流变小,原线圈的输入功率变小7.(2015江苏南京二模)(多选)如图所示,理想变压器原线圈匝数n1=1 210,副线圈匝数n2=121,原线圈两端电压u=311 sin 100πt V,负载电阻R=44 Ω,不计电表对电路的影响,各电表的读数应为( )A.读数为0.05 AB.读数为311 VC.读数为0.5 AD.读数为31.1 V8.(2016内蒙古赤峰宁城统考)(多选)如图甲所示的电路中,理想变压器原、副线圈匝数比为10∶1,电流表、电压表均为理想电表,R是光敏电阻(其阻值随光强增大而减小)。
2020-2021学年高二人教版选修3—2第五章 5.4变压器(二)word版含解析答案
2020-2021学年高二人教版选修3—2物理课时作业变压器（二）1.如图所示,理想变压器原、副线圈匝数比为1:2,接有四个阻值相同的定值电阻,变压器原线圈接到交流电源上,下列说法正确的是( )A.副线圈电压是电源电压的2倍B.流过R1的电流是副线圈中电流的2倍C.R1上的电功率是R2上电功率的2倍D.R1上的电功率是R2上电功率的9倍2.一理想变压器的原线圈为n1=100匝,副线圈n2=30匝,n3=20匝,一个电阻为48.4Ω的小灯泡接在副线圈n2与n3上,如图所示.当原线圈与()u tω=的交流电源连接后,变压器的输入功率是( ) 22n VA.10WB.20WC.250WD.500W3.如图甲所示电路中,L1、L2、L3为三只“6V3W”的相同灯泡,变压器为理想变压器,各电表为理想电表,当ab端接如图乙所示的交变电压时,三只灯泡均正常发光,下列说法正确的是( )A.变压器原、副线圈的匝数比为1:2B.副线圈两端输出的交流电的频率为50HzC.电流表的示数为0.5AD.电压表的示数为18V4.如图所示,理想变压器原线圈接在交流电源上,图中各电表均为理想电表。
下列说法正确的是( )A.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,R1消耗的功率变大B.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,电压表V示数变大C.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,电流表A1示数变大D.若闭合开关S,则电流表A1示数变大、A2示数变大5.一自耦变压器如图所示，环形铁芯上只饶有一个线圈，将其接在a、b间作为原线圈。
通过滑动触头取该线圈的一部分，接在c、d间作为副线圈。
在a、b间输入电压为U的交变电流时，c、d间的输出电压为2U，在1将滑动触头从M点顺时针旋转到N点的过程中( )A.21U U >,2U 降低B.21U U >,2U 升高C.21U U <,2U 降低D.21U U <,2U 升高 6.如图,理想变压器原、副线圈匝数比为20:1,两个标有“12V 6W ”的小灯泡并联在副线圈的两端。
2021届高考物理一轮复习变压器 传感器 电能的输送优选及答案
2021届高考物理：变压器传感器电能的输送一轮优选及答案同的电阻，原线圈一侧接在电压为220 V的正弦交流电源上，如图所示．设副2、一只电阻分别通过四种不同形式的电流，电流随时间变化的情况如图所示，在相同时间内电阻产生热量最大的是( )3、（双选）某音响电路的简化电路图如图所示，输入信号既有高频成分，也有低频成分，则()A．电感L1的作用是通高频B．电容C2的作用是通高频C．扬声器甲用于输出高频成分D．扬声器乙用于输出高频成分4、图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′(OO′沿水平方向)匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R＝10 Ω连接，与电阻R并联的交流电压表为理想电压表，示数是10 V。
图乙是矩形线圈中磁通量随时间t变化的图象。
线圈内阻不计，则()甲乙A．此交流发电机的电动势平均值为10 2 VB．t＝0.02 s时R两端的电压瞬时值为零C．R两端的电压u随时间t变化的规律是u＝102cos (100πt) VD．当ab边速度方向向上时，它所受安培力的方向也向上5、（多选）如图所示理想变压器的三个线圈的匝数n1∶n2∶n3＝1∶4∶4，在M、N间接正弦交流电源，在a、b和c、d间接相同的电阻器R，则()A．U1＝U2＝4U3B．U2＝U3＝2U1C．I1＝4I2＝4I3D．P1＝2P2＝2P36、有一理想变压器，副线圈所接电路如图所示，灯L1、L2为规格相同的两只小灯泡。
当S断开时，灯L1正常发光。
S闭合后，下列说法正确的是()A．电阻R消耗的电功率增大B．灯L1、L2都能正常发光C．原线圈的输入功率减小D．原、副线圈的电流比减小7、(多选)霍尔传感器测量转速的原理图如图所示，传感器固定在圆盘附近，圆盘上固定4个小磁体，在a、b间输入方向由a到b的恒定电流，圆盘转动时，每当磁体经过霍尔元件，传感器c、d端输出一个脉冲电压，检测单位时间内的脉冲数可得到圆盘的转速。
2021届高三物理人教版一轮复习课件：第11章第2讲变压器远距离输电
1．(2019·黑龙江牡丹江一中期末)一含有理想自耦变
压器的电路如图所示，变压器副线圈匝数可调，原
线圈串联定值电阻 r 后接在有效值
为 220 V 的正弦式交流电源上，定
值电阻 R＝4r。当副线圈匝数调至某
位置时，R 和 r 的功率恰好相等．则
此时原、副线圈匝数比为 ( )
A．2∶1
B．4∶1
C．1∶2
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考点二 理想变压器的动态分析
如图甲所示，原、副线圈匝数比为 5∶1 的理想变压器，其原线圈中的输入电压
按照图乙所示的图象变化，副线圈电路中的 R0 为定值电阻，R 是用半导体材料制 作的光敏电阻(光照强度增大，阻值减小)。V1 和 V2 是理想交流电压表，示数分别 用 U1 和 U2 表示；A1 和 A2 是理想交流电流表，示数分别用 I1 和 I2 表示。下列说法 正确的是( )
4I。该变压器原、副线圈匝数比为( )
A．2
B．3
C．4
D．5
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考点一 理想变压器原理和基本关系的应用
解析：设原、副Leabharlann 圈的匝数比为 k，根据变压器匝数比与电流成反比的关系，则原线 圈电流为 I 时，副线圈电流为 kI；原线圈电流为 4I 时，副线圈电流为 4kI。 根据变压器的输入功率等于输出功率得 UI－I2R1＝(kI)2(R2＋R3) 4UI－(4I)2R1＝(4kI)2R2 联立两式代入数据解得 k＝3 选项 B 正确。
考点一 理想变压器原理和基本关系的应用
(2016·全国卷Ⅲ·19)(多选)如图，理想变
压器原、副线圈分别接有额定电压相同的 灯泡 a 和 b。当输入电压 U 为灯泡额定电 压的 10 倍时，两灯泡均 能正常发光。下列说法正 确的是( ) A．原、副线圈匝数比为 9∶1 B．原、副线圈匝数比为 1∶9 C．此时 a 和 b 的电功率之比为 9∶1 D．此时 a 和 b 的电功率之比为 1∶9
2021版高考物理一轮复习第十一章交变电流传感器2变压器电能的输送训练3(含解析)
变压器电能的输送1.(多选)如图为远距离输送交流电的系统示意图,变压器均为理想变压器。
随着用户负载增多,发电机F达到额定功率时,降压变压器输出功率仍然不足,用户的用电器不能正常工作。
那么,在发电机以额定功率工作的情况下,为了适当提高用户的用电功率,可采取的措施是( )A.适当减小输电线的电阻rB.适当提高C.适当提高的同时,降低D.适当降低的同时,提高【解析】选A、C。
根据P线=I2r,故适当减小输电线的电阻r,可减小导线上的功率损失,在发电机输出功率一定的情况下可增大用户的用电功率,选项A正确;因理想变压器的输出功率等于输入功率,故改变降压变压器的原、副线圈的匝数比不能改变功率,则不能提高用户的用电功率,选项B错误;适当提高,则可提高升压变压器的次级电压,减小输电线上的电流,根据P线=I2r,可减小导线上的功率损失,在发电机输出功率一定的情况下可增大用户的用电功率,选项C正确,D错误。
故选A、C。
2.(多选)如图所示为电能输送的示意图,升压、降压变压器均为理想变压器,输电线总电阻R为8 Ω,升压变压器的输入功率100 kW,用户端得到的电压为220 V,用户得到的功率为95 kW。
下面说法正确的是( )A.输电线上损失的电压为50 VB.升压变压器输出电压为4×103 VC.降压变压器原、副线圈匝数比为D.用户端负载增加,有利于减少远距离输电的电能损失【解析】选B、C。
由P=I2R知输电线上的电流I== A=25 A,输电线上损失的电压为ΔU=IR=200 V,选项A错误;升压变压器的输出电压U2==V=4 000 V,选项B正确;降压变压器的输入电压U3=U2-ΔU=3 800 V,降压变压器的原、副线圈的匝数比为3 800∶220=190∶11,选项C正确;用户端负载增加,降压变压器的副线圈的电流增大,根据变压器的电流与匝数关系可知降压变压器的原线圈的电流增大,由P=I2R 知输电线上的损失功率增大,选项D错误。
2021年高考物理一轮总复习 第十章 第2讲 变压器 远距离输电课时提能演练 新人教版
2021年高考物理一轮总复习第十章第2讲变压器远距离输电课时提能演练新人教版一、选择题(本大题共5小题,每小题6分,共30分。
每小题只有一个选项正确)1.如图所示,理想变压器初级线圈的匝数为n1,次级线圈的匝数为n2,初级线圈的两端a、b接正弦交流电源,电压表V的示数为220V,负载电阻R=44Ω,电流表A1的示数为0.20A。
下列判断中正确的是( )A.初级线圈和次级线圈的匝数比为2∶1B.初级线圈和次级线圈的匝数比为5∶1C.电流表A2的示数为0.1 AD.电流表A2的示数为0.4 A【解析】选B。
由题意可求得初级线圈的功率,利用理想变压器初、次级线圈中的功率相等可求得次级线圈中的电流,再利用初、次级线圈中的电流之比可求得两线圈的匝数比。
由电压表V的示数和电流表A1的示数可得初级线圈中的功率P1=U1I1,P1=P2=R,所以电流表A2的示数为I2==A=1.0 A,C、D错误;初级线圈和次级线圈的匝数比==,A错误,B正确。
2.(xx·广东高考)如图,理想变压器原、副线圈匝数比n1∶n2=2∶1,和均为理想电表,灯泡电阻R L=6Ω,AB端电压u1=12sin100πt(V)。
下列说法正确的是( )A.电流频率为100 HzB.的读数为24 VC.的读数为0.5 AD.变压器输入功率为6 W【解题指南】解答本题应注意以下三点:(1)正弦式交变电流有效值和最大值的关系。
(2)交流电路中,电流表、电压表的示数表示有效值。
(3)根据电压、电流及功率与原、副线圈的匝数关系式求解。
【解析】选D。
由AB端电压u1=12sin100πt(V)知ω=100π,又ω=2πf,得频率f=50Hz,A错误;由理想变压器规律=,U2=6V,B错误;又I2==1A,C错误;P2=U2I2=6W,P1=P2,D正确。
3.(xx·天津高考)通过一理想变压器,经同一线路输送相同的电功率P,原线圈的电压U保持不变,输电线路的总电阻为R。
2021届高三物理一轮复习电磁学交变电流变压器专题练习
请在上述基础上，补充一个实验步骤，完成A、B线圈匝数的测量（需要测量的物理量请用字母表示，并说明其含义），再写出测量A、B线圈的匝数 和 的表达式．
④___________________；
nA=_________，nB=__________．
(1)变压器原、副线圈的匝数比；
(2)与变压器原线圈串联的电流表的示数。
18．有一个教学用的可拆变压器，如图所示，它有两个外观基本相同的线圈A和B，线圈外部还可以绕线．
（1）某同学用多用电表的欧姆挡测量了A、B线圈的电阻值，发现B线圈电阻约为A线圈电阻的3倍，则可推断___线圈的匝数多（选填“A”或“B”）；
参考答案
1．(1) (2) 变压器2．ab顺时针3．32004．12V
5．22006．4900133：117．电压电流22000100
8．100:19．交流热效应高10．1320720.095 A
11．2010000.512．312413．0.0425
14．（1）22（2）110（3）不变变小（4）变大变大15．升高1：22
（1）升压变压器的输出电压的有效值；
（2）升压变压器的输出的总功率；
17．交流发电机的发电原理是矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴 匀速转动.一发电机的线圈共100匝，线圈面积 ，线圈转动的频率为50Hz，线圈内阻不计，磁场的磁感应强度 .用此发电机所发出的交流电带动两个标有“220V，22kW”的电机正常工作，需在发电机的输出端a、b与电机之间接一个理想变压器，电路如图所示，求：
（2）如果把它看作理想变压器，现要测量A、B线圈的匝数，提供的器材有：一根足够长的绝缘导线、一只多用电表和一只低压交流电源（输出电压的有效值不变）．
【物理】2020届一轮复习人教版 变压器 课时作业
2020届一轮复习人教版变压器课时作业一、选择题考点一变压器的工作原理1.(多选)理想变压器正常工作时，原、副线圈中一定相同的物理量是( )A.每匝线圈中磁通量的变化率B.交变电流的频率C.原线圈的输入功率和副线圈的输出功率D.原线圈的感应电动势和副线圈的感应电动势答案ABC2.如图所示的四个电路，能够实现升压的是 ( )答案 D解析变压器只能对交变电流变压，不能对直流变压，故A、B错误；由于电压与线圈匝数成正比，所以D能实现升压，C不能实现升压，故C错误、D正确.3.(2017·台州市高二检测)如图1所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为n1∶n2＝4∶1，当导体棒在匀强磁场中向左做匀速直线运动切割磁感线时，电流表A1的示数是12mA，则电流表A2的示数为(稳定后)( )图1A.3mAB.0C.48mAD.与负载R的值有关答案 B解析导体棒向左匀速切割磁感线时，在线圈n1中通过的是恒定电流，原线圈中电流稳定后不能引起穿过线圈n2的磁通量变化，在副线圈n2上无感应电动势产生，所以A2中无电流通过. 考点二理想变压器基本关系的应用4.(多选)对于理想变压器，下列说法正确的是( )A.原线圈的输入功率随副线圈输出功率的增大而增大B.原线圈的输入电流随副线圈输出电流的增大而增大C.原线圈的电流不随副线圈输出电流的变化而变化D.当副线圈的电流为零时，原线圈的电压也为零 答案 AB解析 理想变压器的原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率，且随副线圈输出功率的变化而变化，原线圈的输入电流取决于副线圈的输出电流，当副线圈的电流为零时，原线圈的电流也为零，但原线圈电压并不一定为零，故A 、B 正确，C 、D 错误.5.(2018·牌头中学高二上学期期中)如图2所示为一理想变压器工作电路图，今欲使变压器的输入功率增大到原来的2倍，在其他条件不变的情况下，可行的办法是( )图2A.原线圈的匝数n 1增加到原来的2倍B.副线圈的匝数n 2增加到原来的2倍C.负载电阻的阻值R 变为原来的2倍D.n 2和R 都变为原来的2倍 答案 D解析 原线圈匝数增加使得副线圈电压减小，输出功率减小，输入功率也减小，故A 错误；副线圈匝数增加2倍，副线圈电压增大2倍，根据P ＝U 2R，故输出功率增加到原来的4倍，故B 错误；负载电阻增大，而电压不变，所以输出功率和输入功率都减小，故C 错误；副线圈匝数和负载电阻都增加2倍，副线圈电压增大2倍，根据P ＝U 2R，输出功率增加到原来的2倍，故输入功率增加到原来的2倍，故D 正确.6.(多选)如图3所示，理想变压器原线圈匝数n 1＝1210匝，副线圈匝数n 2＝121匝，原线圈输入电压u ＝311sin100πt (V)，负载电阻R ＝44Ω，电表均为理想电表，各电表的读数应为( )图3A.V 1读数为311VB.A 1读数为0.05AC.V 2读数为31.1VD.A 2读数为0.5A答案 BD解析 电压表V 1示数为交流电原线圈电压的有效值，故U 1＝3112V≈220V；根据公式U 1U 2＝n 1n 2可得电压表V 2的读数为22V ；根据欧姆定律可得副线圈中的电流为I 2＝U 2R ＝2244A ＝0.5A ，即电流表A 2的读数为0.5A ；根据公式I 1I 2＝n 2n 1可得电流表A 1的读数为0.05A.故B 、D 正确.7.(多选)(2017·诸暨市期末)如图4所示为理想变压器的电路，它的原线圈匝数n 1＝600匝，交流电源电压为U 1＝220V ，原线圈串联一个额定电流为0.2A 的保险丝，副线圈匝数n 2＝120匝，副线圈上接一个电阻R ，为保证保险丝不被烧断，则( )图4A.负载功率不能超过44WB.负载电阻不能大于44ΩC.副线圈交流电的有效值不能超过1AD.原线圈交流电的瞬时值不能超过0.2A 答案 AC解析 为保证保险丝不被烧断，通过原线圈的电流最大为0.2A ，由输入功率等于输出功率知，负载功率不能超过P m ＝U 1I 1＝220V×0.2A＝44W ，选项A 正确；由U 1U 2＝n 1n 2得U 2＝n 2n 1U 1＝120600×220V＝44V ，由P ＝U 2R 得，负载电阻的最小值R ＝U 22P m ＝(44V )244W＝44Ω，选项B 错误；由P ＝UI 得副线圈中电流的有效值I 2＝P m U 2＝44W44V＝1A ，选项C 正确；保险丝的额定电流为有效值，故通过原线圈的电流的有效值不能超过0.2A ，选项D 错误.8.如图5甲所示，一理想变压器给一个小灯泡供电.当原线圈输入如图乙所示的交变电压时，额定功率为10W 的小灯泡恰好正常发光，已知灯泡的电阻为40Ω，图中电压表为理想电表，下列说法正确的是( )图5A.变压器输入电压的瞬时值表达式为u ＝2202sinπt (V)B.电压表的示数为220VC.变压器原、副线圈的匝数比为11∶1D.变压器的输入功率为110W 答案 C解析 由题图乙可知，ω＝2πT＝100πrad/s ，故A 错误；原线圈输入电压为220V ，电压表示数为灯泡的额定电压U 2＝PR ＝20V ，故B 错误；由B 项分析，结合电压与匝数的关系得n 1n 2＝U 1U 2＝111，故C 正确；理想变压器的输入功率与输出功率相等，为10W ，故D 错误. 9.(多选)如图6，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a 和b.当输入电压U 为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光.下列说法正确的是( )图6A.原、副线圈匝数比为9∶1B.原、副线圈匝数比为1∶9C.此时a 和b 的电功率之比为9∶1D.此时a 和b 的电功率之比为1∶9 答案 AD解析 设灯泡的额定电压为U 0，两灯泡均能正常发光，所以原线圈两端电压为U 1＝9U 0，副线圈两端电压为U 2＝U 0，故n 1n 2＝U 1U 2＝91，A 正确，B 错误；根据公式I 1I 2＝n 2n 1可得，I 1I 2＝19，由于小灯泡两端的电压相等，所以根据公式P ＝UI 可得，灯泡a 和b 的电功率之比为1∶9，C 错误，D 正确.10.如图7所示，理想变压器原、副线圈接有三个完全相同的灯泡，其额定电压均为U ，且三个灯泡均能正常发光.下列说法中正确的是( )图7A.原、副线圈匝数比为3∶1B.原、副线圈匝数比为1∶3C.AB端的输入电压为3UD.AB端的输入电压为4U答案 C解析设灯泡正常发光时，流过它的电流为I，则该变压器原线圈电流I1＝I，副线圈中电流I2＝2I，则原、副线圈匝数比n1n2＝I2I1＝2∶1，所以原线圈两端的电压为U1＝n1n2U2＝2U，则AB端输入电压为3U，A、B、D错误，C正确.考点三自耦变压器与互感器11.(2017·金华市高二检测)钳式电流表的外形和结构如图8中a、b所示.图b中电流表的读数为1.2A，图c中用同一电缆线绕了3匝，则( )图8A.这种电流表能测直流电流，图c的读数为2.4AB.这种电流表能测交变电流，图c的读数为0.4AC.这种电流表能测交变电流，图c的读数为3.6AD.这种电流表既能测直流电流，又能测交变电流，图c的读数为3.6A答案 C解析钳式电流表利用了变压器的工作原理，因此钳式电流表只能测交变电流.根据n1I1＝n2I2可知，题图b中线圈单匝时，的读数为1.2A.在题图c中绕3匝时，的读数应为3.6A，故选项C正确.12.(多选)(2017·台州市选考科目教学质量评估)如图9所示，在某一输电线路的起始端接入两个互感器，原、副线圈的匝数比分别为100∶1和1∶100，图中a、b表示电压表或电流表，已知电压表的示数为22V ，电流表的示数为1A ，则( )图9A.a 为电流表，b 为电压表B.a 为电压表，b 为电流表C.线路输送的电功率是22WD.线路输送的电功率是220kW 答案 BD解析 由题图可知a 表是电压表，b 表是电流表，甲互感器原、副线圈匝数比为100∶1，乙互感器原、副线圈匝数比为1∶100，由电压表的示数为22V ，得原线圈的电压为2200V ，由电流表的示数为1A ，得原线圈的电流为100A.所以线路输送功率是P ＝UI ＝2.2×105W ＝220kW ，故B 、D 正确，A 、C 错误.13.自耦变压器的铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分.一升压式自耦调压变压器的电路如图10所示，其副线圈匝数可调.已知变压器线圈总匝数为1900匝，原线圈为1100匝，接在电压有效值为220V 的交流电源上.当变压器输出电压调至最大时，负载R 上的功率为2.0kW ，设此时原线圈中电流有效值为I 1，负载两端电压的有效值为U 2，且变压器是理想变压器，则U 2和I 1分别约为( )图10A.380V 和5.3AB.380V 和9.1AC.240V 和5.3AD.240V 和9.1A答案 B解析 由理想变压器原、副线圈中电压、电流及功率关系可得：U 1U 2＝n 1n 2，I 1I 2＝n 2n 1，U 1I 1＝P 2，所以，当变压器输出电压调至最大时，副线圈的匝数也最大，为n 2＝1 900匝，负载R 上的功率也最大，为2.0 kW ，则U 2＝n 2n 1U 1＝1 9001 100×220 V＝380 V ，I 1＝P 2U 1＝2.0×103220A≈9.1 A，故选项B 正确. 二、非选择题14.如图11所示，理想变压器原线圈中输入电压有效值为U 1＝3300V ，副线圈两端电压有效值U 2为220V ，输出端连有完全相同的两个灯泡L 1和L 2，绕过铁芯的导线所接的电压表V 的示数U ＝2V.求：图11(1)原线圈n 1等于多少匝？(2)当开关S 断开时，电流表A 2的示数I 2＝5A.则电流表A 1的示数I 1为多少？ (3)在(2)情况下，当开关S 闭合时，电流表A 1的示数I 1′等于多少？ 答案 (1)1650匝 (2)13A (3)23A解析 (1)由变压器与电压匝数的关系可得：U 1n 1＝U 2n 2＝U ，则n 1＝1 650匝. (2)当开关S 断开时，有：U 1I 1＝U 2I 2，I 1＝U 2I 2U 1＝13A. (3)当开关S 断开时，有：R L ＝U 2I 2＝44 Ω.当开关S 闭合时，设副线圈总电阻为R ′，有R ′＝R L 2＝22 Ω，副线圈中的总电流I 2′＝U 2R ′＝10 A.由U 1I 1′＝U 2I 2′可知，I 1′＝U 2I 2′U 1＝23A. 训练2 变压器问题的动态分析1.如图1所示，理想变压器原线圈输入电压u ＝U m sin ωt ，副线圈电路中R 0为定值电阻，R 是滑动变阻器.和是理想交流电压表，示数分别用U 1和U 2表示；和是理想交流电流表，示数分别用I 1和I 2表示.下列说法正确的是( )图1A.I 1和I 2表示电流的平均值B.U 1和U 2表示电压的最大值C.滑片P 向下滑动过程中，U 2不变、I 1变大D.滑片P 向下滑动过程中，U 2变小、I 2变大 答案 C解析 电路中的电压表和电流表的示数表示的都是有效值，选项A 、B 错误.根据U 1U 2＝n 1n 2得U 2＝n 2n 1U 1，U 1不变，U 2不变，滑片P 向下滑动过程中，接入电路中的电阻变小，由闭合电路欧姆定律知I 2变大，根据I 1I 2＝n 2n 1得I 1＝n 2n 1I 2，I 1变大，故C 正确，D 错误.2.(多选)(2017·“超级全能生”选考科目联考)如图2所示，理想变压器副线圈通过输电线接两个相同的灯泡L 1和L 2，输电线的等效电阻为R .开始时，开关S 断开，当S 闭合时，下列说法中正确的是( )图2A.副线圈两端的输出电压减小B.通过灯泡L 1的电流减小C.原线圈中的电流增大D.变压器的输入功率增大 答案 BCD3.(多选)如图3甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1，原线圈接入如图乙所示的正弦交变电流，电表均为理想电表，下列说法正确的是( )图3A.电压表的示数为110VB.交变电流的频率为50HzC.滑动变阻器滑片向下滑动时，电压表示数变大D.滑动变阻器滑片向上滑动时，电流表示数变小 答案 BD解析 根据题图乙可知原线圈电压的有效值U 1＝220V ，根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈输出电压有效值U 2＝110V ，电压表测量的是滑动变阻器R 两端的电压，小于110V ，A 错误；根据题图乙可知交流电的周期为0.02s ，频率为50Hz ，B 正确；滑动变阻器滑片向下滑动时，滑动变阻器R 接入电路的阻值变小，电压表示数变小，C 错误；滑动变阻器滑片向上滑动时，滑动变阻器R 接入电路的阻值变大，流过副线圈的电流变小，根据I 1I 2＝n 2n 1可得流过原线圈的电流变小，电流表示数变小，D 正确.4.(多选)如图4所示的电路中，P 为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U 1不变，闭合开关S ，下列说法正确的是( )图4A.P 向下滑动时，灯L 变亮B.P 向下滑动时，变压器的输出电压不变C.P 向上滑动时，变压器的输入电流变小D.P 向上滑动时，变压器的输出功率变大 答案 BD解析 由于理想变压器输入电压U 1不变，原、副线圈匝数不变，所以输出电压U 2也不变，灯L 的亮度不随P 的滑动而改变，故选项A 错误，B 正确.P 向上滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，副线圈负载总电阻R 总减小，由I 2＝U 2R 总知，通过副线圈的电流I 2增大，输出功率P 出＝U 2I 2增大，再由I 1I 2＝n 2n 1知输入电流I 1也增大，故选项C 错误，D 正确.5.(多选)如图5所示，理想变压器原线圈输入电压u ＝2202sin100πt (V)，原、副线圈匝数比为10∶1，副线圈电路中R 0为定值电阻，R 是光敏电阻(其阻值随光照强度的增大而减小)，图中电表均为理想电表，下列说法正确的是( )图5A.变压器输出电压的频率为50HzB.电压表V 2的示数为222VC.照射R 的光变强时，灯泡L 变暗D.照射R 的光变强时，电压表V 1、电流表A 1的示数都不变 答案 AC解析 原线圈接正弦交流电，由题知角速度是ω＝100π rad/s，所以f ＝100π2π Hz ＝50 Hz ，故A 正确.由表达式知输入电压有效值为220 V ，根据电压与匝数成正比，副线圈电压有效值即电压表V 2的示数为22 V ，故B 错误.R 处光照增强时，阻值减小，但不会影响变压器的输入电压及输出电压，则副线圈电路总电流变大，原线圈电流也变大，由于副线圈定值电阻分压增大，灯泡两端电压减小，灯泡变暗，故C 正确，D 错误.6.如图6所示的交流电路中，理想变压器输入电压为U 1，输入功率为P 1，输出功率为P 2，各交流电表均为理想电表.当滑动变阻器R 的滑动触头向下移动时( )图6A.灯L 变亮B.各个电表读数均变大C.因为U 1不变，所以P 1不变D.P 1变大，且始终有P 1＝P 2 答案 D解析 理想变压器的输出电压由输入电压和匝数比决定，输入电压不变，所以输出电压也不变，输入功率和输出功率始终相等，当滑动变阻器R 的滑动触头向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，副线圈电路的总电阻减小，所以总电流变大，消耗的功率将变大，R 0两端的电压变大，所以灯L 两端的电压变小，电压表的示数变小，所以灯L 变暗，由于总的电流变大，通过灯L 的电流变小，所以电流表的示数变大，D 正确.7.(多选)如图7所示，T 为理想变压器，电流表、电压表均为理想交流电表.R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，L 为电感线圈，A 、B 两点间接正弦交流电，则( )图7A.只将滑片P 1下移时，电流表示数变小B.只将滑片P 2下移时，电压表示数变大C.只增大交流电的电压时，电流表示数变大D.只增大交流电的频率时，电压表示数不变 答案 AC解析 只将滑片P 1下移时，变压器副线圈输出电压U 2减小，由U 1I 1＝U 22R可知，U 1、R 不变，I 1减小，A 正确；只将滑片P 2下移时，副线圈电路中的总电阻减小，U 2不变，因此副线圈电路中的电流增大，R 1两端的电压增大，R 3两端的电压减小，电压表的示数减小，B 错误；只增大交流电的电压时，根据变压器的变压比公式可知，副线圈两端的电压增大，因此副线圈的电流增大，根据变压器的变流比公式可知，原线圈的电流增大，故电流表示数增大，C 正确；只增大交流电的频率时，电感线圈的感抗增大，副线圈电路中的总电阻增大，总电流减小，R 1两端的电压减小，R 3两端的电压增大，电压表示数增大，D 错误.8.(多选)火警报警系统原理如图8甲所示，M 是一个小型理想变压器，原、副线圈匝数之比n 1∶n 2＝10∶1，接线柱a 、b 接上一个正弦交流电源，电压随时间变化规律如图乙所示，在变压器右侧部分，R 2为半导体热敏电阻(电阻随温度升高而减小)，R 1为一定值电阻，下列说法中正确的是( )图8A.电压表示数为22VB.此交流电源的频率为50HzC.当热敏电阻R 2所在处出现火警时，电流表的示数减小D.当热敏电阻R 2所在处出现火警时，电压表的示数减小答案 BD解析 原线圈电压有效值U 1＝22022V ＝220 V ，根据变压器的电压与匝数成正比，可得副线圈的电压为U 2＝22 V ，电压表V 测的是R 2两端电压，则其示数小于22 V ，故A 错误；由原线圈两端输入电压u 随时间变化的图象可知，T ＝0.02 s ，频率为50 Hz ，故B 正确；当出现火警时，温度升高，电阻R 2减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也要增大，电流表的示数变大；由于副线圈的电流变大，所以R 1两端的电压要增大，由于副线圈的总电压不变，所以R 2两端的电压要减小，电压表的示数减小，故C 错误，D 正确.9.(多选)如图9所示，理想变压器接在接头a时，原、副线圈的匝数比为10∶1，b是原线圈的中心接头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u＝2202sin100πt (V)，则( )图9A.当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22VB.当单刀双掷开关与b连接时，电压表的示数为11VC.单刀双掷开关与a连接，将滑动变阻器滑片P向上移动，则电压表的示数不变，电流表的示数变小D.单刀双掷开关与a连接，将滑动变阻器滑片P向上移动，则电压表和电流表的示数都变大答案AC解析当单刀双掷开关与a连接时，根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为220 2 V，所以副线圈的电压的最大值为22 2 V，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为2222V＝22 V，A正确；当单刀双掷开关由a扳向b时，理想变压器原、副线圈的匝数比由10∶1变为5∶1，根据电压与匝数成正比可知，此时副线圈的电压为44 V，所以电压表的示数为44 V，B错误；单刀双掷开关与a连接，滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，副线圈电路的总电阻变大，由于副线圈电压不变，所以电流表的示数变小，电压表的示数不变，所以C正确，D错误.10.(多选)如图10甲所示的理想自耦变压器的原线圈接有如图乙所示的正弦式交变电压，副线圈接有可调电阻R，触头P与线圈始终接触良好，下列判断正确的是( )图10A.交流电源的电压u随时间t变化的规律是u＝U0cos100πt (V)B.若仅将触头P向A端滑动，则电阻R消耗的电功率增大C.若仅使电阻R增大，则原线圈的输入电功率增大D.若使电阻R增大的同时，将触头P向B端滑动，则通过A处的电流一定增大答案 AB解析 由题图乙可得交流电源的周期为T ＝0.02 s ，最大值为U 0，则电源的电压u ＝U 0cos 100πt (V)，选项A 正确；由U 1U 2＝n 1n 2，若仅将触头P 向A 端滑动，即n 2增大，则副线圈的输出电压U 2增大，电阻R 消耗的电功率P ＝U 22R增大，选项B 正确；若仅使电阻R 增大，输出电压U 2一定，则输出电功率P ＝U 22R 减小，原线圈的输入电功率减小，选项C 错误；若使电阻R 增大的同时，将触头P 向B 端滑动，则输出电压U 2减小，输出和输入的电功率都减小，通过A 处的电流I 1＝P U 1一定减小，选项D 错误.。
2021届高三物理一轮复习电磁学交变电流变压器专题练习
2021届高三物理一轮复习电磁学交变电流变压器专题练习一、填空题1．n 匝线圈组成的电路中，磁通量的变化率为t Φ∆∆，感应电动势的大小E =____________；在远距离输电中，提高输电电压的设备是_________ 。
2．如图是调压变压器的原理图，当变压器接入0-220V 交流时，通过调压可得0-250V 交流，则电源应接在变压器两个接线柱上，用电器应接在________（“ab ”或“cd ”或两个接线柱上，这时将变压器的旋转滑动触头向____________（“顺时针”或“逆时针”）方向旋转，输出电压将升高。
3．当变压器一个线圈的匝数已知时或可以用下面的方法测量其它线圈的匝数，用匝数已知的线圈作为副线圈，通入交流，测出两线圈的电压或就可以求出被测线圈的匝数，已知副线圈有800匝，把原线圈接到220V 的线路中，测得副线圈的电压是55V ，则原线圈的匝数______4．在如图甲所示电路中，L 1、L 2、L 3为三只“6V ,3W”的灯泡，变压器为理想变压器，各电表均为理想电表，当ab 端接如图乙所示的交变电压时，三只灯泡均正常发光．则电压表的示数为__________.5．某变电站用1100伏的电压送电，导线损失电功率是输出功率的20%，若要使导线损失电功率是输出功率的5%，则输出的电压应变为_________伏．6．某电厂要将电能输送到较远的用户,输送的总功率为9.8×104W ，电厂输出电压仅为350V ，为减少输送功率损失，先用一理想升压变压器将电压升高到2800V 再输出，之后用降压变压器降压到220V 给用户使用,已知输电线路的总电阻为4Ω，则损失的电功率为______W ，降压变压器的原、副线圈的匝数之比为______．7．如图所示，L 1、L 2是输电线，甲是________互感器，乙是________互感器，若甲图中原副线圈匝数比为100：1，乙图中原副线圈匝数比为1：10，且电压表示数220V ，电流表示数10A ，则线路输送电压为________V ，电流为________A8．从发电站输出的功率为某一定值 P ，输电线的总电阻为 R 保持不变，分别用 110V 和 11kV 两种电压输电。
2021届高考物理三轮复习 变压器 检测训练
2021届高考物理三轮复习变压器检测训练1.理想变压器，对于原、副线圈，不一定相等的物理量是( )A．交流电的最大值 B．磁通量的变化率 C．电功率 D．交变电流频率2.关于理想变压器的工作原理,以下说法正确的是( )A.通有正弦交变电流的原线圈产生的磁通量不变B.穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都不相等C.穿过副线圈磁通量的变化使副线圈产生感应电动势D.原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈3.某理想变压器的原副线圈匝数比为1:2,原线圈接在1.5V的干电池上,则副线圈两端电压为( )A.3VB.1.5VC.0.75VD.0V4.如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为2:1,电阻R=55Ω,电流表、电压表均为理想电表.原线圈A、B端接入如图乙所示的正弦式交流电压,下列说法中正确的是()甲乙A.电流表的示数为4.0AB.电压表的示数为155.6VC.副线圈中交流电压的频率为50HzD.穿过原、副线圈磁通量的变化率之比为2:15.一自耦变压器如图所示，环形铁芯上只绕有一个线圈，将其接在a b、间作为原线圈.通过滑动触头取该线圈的一部分，接在c d、间作为副线圈.在、间的输出电压为2U，在将滑动触、间输入电压为1U的交变电流时，c da b头从M 点顺时针旋转到N 点的过程中( )A.21U U >,2U 降低B.21U U >,2U 升高C.21U U <,2U 降低D.21U U <,2U 升高 6.如图所示,理想变压器原线圈匝数为n 1=1000匝,副线圈匝数为n 2=200匝,将原线圈接在 (V)的交流电源上,已知电阻R=100Ω,电流表A 为理想交流电表.则下列说法正确的是( )A.穿过铁芯的磁通量的最大变化率为0.2Wb/sB.交流电的频率为50HzC.电流表A 的示数为2AD.变压器的输入功率是16W7.钳形电流表的外形和结构如图所示．图（a ）中电流表的读数为1.2 A ．图（b ）中用同一电缆线绕了3匝，则（ ）A ．这种电流表能测直流电流，图（b ）的读数为2.4 AB ．这种电流表能测交流电流，图（b ）的读数为0.4 AC ．这种电流表能测交流电流，图（b ）的读数为3.6 AD ．这种电流表既能测直流电流，又能测交流电流，图（b ）的读数为3.6 A8.一含有理想自耦变压器的电路如图所示,变压器副线圈匝数可调,原线圈串联定值电阻r 后接在有效值为220V 的正弦式交流电源上,定值电阻R = 4r 。
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2020——2021学年高三物理一轮复习综合训练变压器（2）1.下列各图是变压器电路图,可以将电压升高供给电灯的变压器是( )A. B. C. D.2.一理想变压器的原线圈为n1=100匝,副线圈n2=30匝,n3=20匝,一个电阻为48.4Ω的小灯泡接在副线圈n2与n3上,如图所示.当原线圈与()u tω=的交流电源连接后,变压器的输入功率是( )2n V2A.10WB.20WC.250WD.500W3.变压器线圈中的电流越大，所用的导线应当越粗，若某升压变压器只有一个原线圈和一个副线圈，则( )A. 原线圈的导线应当粗些，且原线圈的匝数少B. 原线圈的导线应当粗些，且原线圈的匝数多C. 副线圈的导线应当粗些，且副线圈的匝数多D. 副线圈的导线应当粗些，且副线圈的匝数少4.互感器是利用互感原理来测量高电压和大电流的工具。
如图所示为两个正在工作中的互感器,其中n1、n2、n3、n4分别为四个线圈的匝数,a、b为两只交流电表,则( )A.A 为电流互感器,且n 1<n 2B.A 为电压互感器,且n 1>n 2C.B 为电压互感器,且n 3<n 4D.B 为电流互感器,且n 3>n 45.一自耦变压器如图所示，环形铁芯上只饶有一个线圈，将其接在a 、b 间作为原线圈。
通过滑动触头取该线圈的一部分，接在c 、d 间作为副线圈。
在a 、b 间输入电压为1U 的交变电流时，c 、d 间的输出电压为2U ，在将滑动触头从M 点顺时针旋转到N 点的过程中( )A.21U U >,2U 降低B.21U U >,2U 升高C.21U U <,2U 降低D.21U U <,2U 升高6.图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比12:5:1n n =,电阻20R =Ω,1L 、2L 为规格相同的两只小灯泡, 1S 为单刀双掷开关.原线圈接正弦交变电源,输入电压u 随时间t 的变化关系如图乙所示.现将1S 接1、2S 闭合,此时2L 正常开光.下列说法正确的是( )A.输入电压u 的表达式()20250u t π=B.只断开2S 后, 1L 、2L 均正常发光C.只断开2S后,原线圈的输入功率增大D.若1S换接到2后,R消耗的电功率为0.8W7.如图所示,一理想变压器的原线圈接有电压为U的交流电,副线圈接有电阻R1、光敏电阻R2(阻值随光照增强而减小),开关K开始时处于闭合状态,下列说法正确的是( )A.当光照变弱时,变压器的输入功率增加B.当滑动触头P向下滑动时,电阻R1消耗的功率增加C.当开关K由闭合到断开,原线圈中电流变大D.当U增大时,副线圈中电流变小8.如图所示,一理想变压器的原线圈接在电压有效值为220 V的正弦式交流电源上,两副线圈匝数分别为n2=16,n3=144,通过理想二极管(具有单向导电性)、单刀双掷开关与一只“36 V 18 W”的灯泡L相连(灯泡电阻不变),当开关接1时,灯泡正常发光,则下列说法不正确的是( )A.原线圈的匝数为880B.当开关接2时,灯泡两端电压的有效值为202VC.当开关接2时,灯泡消耗的功率约为18 WD.当开关接2时,灯泡消耗的功率约为11 W9.某同学自制变压器,原线圈为n1匝,在做副线圈时,将导线ab对折后并在一起,在铁芯上绕n2圈,从导线对折处引出一个接头c,连成如图所示电路。
S为单刀双掷开关,线圈电阻不计,原线圈接u1=U m sinωt(V)的交流电源。
下列说法正确的是( )A.S 接b 时,电压表示数为21mU nB.S 接c 时,电压表示数为212mU nC.S 接c 时,滑动触头P 向下移动,变压器输入功率变大D.S 接c 时,滑动触头P 向上移动,变压器输入电流变大10.某理想变压器的原副线圈匝数比为1:2,原线圈接在1.5V 的干电池上,则副线圈两端电压为( )A.3VB.1.5VC.0.75VD.0V11.如图所示,一理想变压器的原线圈连接一交流电流表,副线圈接入电路的匝数可以通过触头Q 调节,.在副线圈输出端连接了定值电阻R 0和滑动变阻器R ,在原线圈上加一电压为U 的交流电,则( )A.保持Q 位置不动,将P 向上滑动时,变压器的输出电压变大B.保持Q 位置不动,将P 向上滑动时,电流表的示数变大C.保持P位置不动,将Q向上滑动时,电流表的示数变大D.保持P位置不动,将Q向上滑动时,变压器的输出功率不变12.如图所示,理想变压器原线圈接在交流电源上,图中各电表均为理想电表。
下列说法正确的是( )A.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,R1消耗的功率变大B.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,电压表V示数变大C.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,电流表A1示数变大D.若闭合开关S,则电流表A1示数变大、A2示数变大13.如图,理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b。
当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时,两灯泡均能正常发光。
下列说法正确的是( )A.原、副线圈匝数之比为9:1B.原、副线圈匝数之比为1:9C.此时a和b的电功率之比为9:1D.此时a和b的电功率之比为1:914.如图所示，一理想变压器由一个原线圈和两个副线圈组成.当此变压器工作时，原、副线圈的匝数、电流、电压均在图中标出.则下列关系式中正确的是（）A.11112233,U n U nU n U n==B.31212131,nI n II n I n==C.112233n I n I n I=+ D.231231n nII I n+=+15.如图所示为两个互感器,图中圆圈内a、b表示电表,已知连接电压表的原副线圈电压比为100:1,连接电流表的原副线圈电流比为10:1,电压表的示数为220V,电流表的示数为10A,则( )A.a为电压表,b为电流表B.a为电流表,b为电压表C.线路输送的电功率是2200WD.线路输送的电功率是2.2×106W16.如图所示,理想变压器的原副线圈匝数均可调节,原线圈两端接上正弦交流电,在其他条件不变的情况下,为了使变压器输入功率增大,可使( )A.原线圈匝数n1增加B.副线圈匝数n2增加C.负载电阻R的阻值增大D.负载电阻R 的阻值减小17.如图所示,一台理想变压器的原、副线圈的匝数比为4: 1,原线圈接入电压为220V的正弦交流电,副线圈接有两只理想二极管(正向电阻为0,反向电阻为无穷大)和两个电阻,且电阻R1= R2 = 50Ω。
电压表和电流表均为理想交流电表,则下列说法正确的是( )A.电流表的示数为0.275AB.电压表的示数为55VC.1min内电阻R1上产生的热量为3630JD.电阻R2消耗的电功率为60.5W18.用理想变压器给负载电阻供电,变压器输入电压一定时,在下列办法中可以使变压器的输入功率增加的是( )A.增大负载电阻的阻值,而原、副线圈的匝数保持不变B.减小负载电阻的阻值,而原、副线圈的匝数保持不变C.增加副线圈的匝数,而原线圈的匝数和负载电阻保持不变D.增加原线圈的匝数,而副线圈的匝数和负载电阻保持不变19.如图所示,理想变压器原、副线圈匝数比为2:1,电池和交变电源的电动势都为6V,内阻均不计,下列说法正确的是( )A.S与a接通的瞬间,R中无感应电流B.S与a接通稳定后,R两端的电压为0C.S与b接通稳定后,R两端的电压为3VD.S与b接通稳定后,原、副线圈中电流的频率之比为2:120.如图所示,间距为l=0.5m的光滑平行金属导轨,水平地放置在竖直方向的磁感应强度为B=0.1T的匀强磁场中,与一个理想变压器原线圈相连接,副线圈接一阻值为R=2Ω的电阻,已知变压器原副线圈的匝数比n1:n2=10:1.一质量为m=0.1kg的导体棒放置在导轨上,在外力作用下从t=0时刻开始运动,其速度随时间的变化规律v=20 2sin(10πt)m/s,不计导轨和导体棒的电阻.求:1.导体棒的两端电压瞬时值u的表达式2.t=0.1s时图中理想交流电流表的示数3.从t=0到0.2s时间内电阻R产生的热量21.有一台内阻为1 Ω的发电机,供给一个学校照明用电,如图所示,升压变压器原、副线圈的匝数比为1:4,降压变压器原、副线圈的匝数比为4:1,输电线的总电阻4R=Ω,全校共22个班,每班有“220 V,40 W”的灯6盏,若保证全部电灯正常发光,则:1.发电机输出功率多大?2.发电机的电动势多大?3.输电效率是多少?参考答案1.答案：B解析：变压器的原线圈应接交流电，故A、C错误；由题意知要求电压升高,故副线圈的匝数比原线圈多，故B正确，D错误.2.答案：A解析：根据副线圈的接法可知,副线圈2和3的接法相反,电动势抵消一部分,相当于灯泡接在10匝的副线圈上,根据表达式知原线圈电压有效值为220V,根据电压与匝数成正比知灯泡两端的电压为1022022100V V⨯=,灯泡消耗的功率22221048.4UP W WR===,故选A.3.答案：A解析：升压变压器原线圈上的电压小，所以原线圈的匝数比副线圈的匝数少，12n n；变压器原、副线圈的电流比等于匝数之反比，副线圈的电流小于原线圈的电流，所以副线圈的导线细，原线圈的导线粗，故B、C、D错误，A正确.故选A.4.答案：A5.答案：C解析：由题图可知，c、d间的线圈为整个线圈的一部分，故其匝数比作为原线圈的整个线圈的匝数少，根据变压器的电压与匝数的关系可知，U2<U1，在将滑动触头从M点顺时针旋转到N点的过程中，c、d间的线圈的匝数减少，所以输出电压降低，选项C正确.6.答案：D解析：由题图乙可知202,0.02m U V T s ==,故2100T πωπ==,即输入电压u 的表达式()202sin 100u t π=,所以A 项错误.断开2S 后两灯泡串联,总电压仍为4V ,所以1L 、2L 均不能正常发光,B 项错误.根据可知断开2S 后R 增大, 变小,C 项错误.若1S 接2,由2U P R =可得240.820P W W ==,D 项正确.7.答案：A8.答案：C解析：由113L n U n U =得1880n =,所以选项A 正确;当开关接2时,有1123n U n n U =+,解得40U V =,设交流电的周期为T,由22'2TU U T R R =,可得灯泡两端电压的有效值为'202U V =,灯泡电阻为272L L U R P ==Ω,灯泡消粍的实际功率为2'100119U P W W R ==≈,即选项C 错误,BD 正确,故本题选C 。
9.答案：D解析：试题分析:K 接b 时,变化的磁场在两条副线圈中产生的感应电动势大小相等,方向相反,a 、b 电势相等,a 、b 间无电压,电压表示数为零,故A错误;由表达式知输入电压有效值为2m,根据电压与匝数成正比知电压表的读数为22122m n U U n =,故B 错误;S 接c 时,滑动触头P 向下移动,电阻增大,电压不变,变压器输入功率等于输出功率变小,故C 错误; S 接c 时,滑动触头P 向上移动,电阻减小,电压不变,副线圈电流增大,变压器输入电流变大,D 正确;故选:D.10.答案：D解析：变压器对直流电不起作用,副线圈两端的电压为零,选项D 正确。