2010届步步高高考物理一轮复习课件：热学知识整合 演练高考
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高考物理一轮复习课件章末核心素养第十三章热学
2023
PART 02
气体性质与变化规律
REPORTING
理想气体状态方程
1 2
理想气体状态方程
pV = nRT，其中p为压强，V为体积，n为物质 的量，R为气体常数，T为热力学温度。
理想气体状态方程的适用条件
适用于稀薄气体，即气体分子间的相互作用力可 以忽略不计的情况。
3
理想气体状态方程的应用
2023
PART 05
热力学在生活、生产中的 应用
REPORTING
热机工作原理及效率分析
热机工作原理
热机是将内能转化为机械能的装置， 通过燃料燃烧产生高温高压气体，推 动活塞或转子运动，从而输出动力。
效率分析
热机效率是指热机输出的机械能与输 入的热能之比。提高热机效率的方法 包括改进燃烧过程、减少摩擦损失、 优化热机结构等。
PART 01
热学基本概念与原理
REPORTING
温度与热量
温度
温度是表示物体冷热程度的物理量，微观上来讲是物体分子热运动的剧烈程度。 温度只能通过物体随温度变化的某些特性来间接测量，而用来量度物体温度数值 的标尺叫温标。
热量
热量是热传递过程中所传递内能的多少，热量与内能之间的关系就好比是做功与 机械能之间的关系，任何物质都有一定数量的内能，当两个不同温度的物质处于 热接触时，会发生热量交换，内能大的物质向内能小的物质传递热量。
空调制冷原理及性能评价
空调制冷原理
空调制冷是利用制冷剂的物理变化来吸收和释放热量，从而达到降温的目的。 制冷剂在蒸发器内吸收室内热量并蒸发，然后在冷凝器内将热量释放到室外并 冷凝成液体，如此循环实现制冷。
性能评价
空调制冷性能的评价指标主要包括制冷量、制冷效率、噪音等。提高空调制冷 性能的方法包括优化制冷系统设计、采用高效制冷剂、提高散热效果等。
步步高大一轮复习讲义第课时PPT学习教案
第15页/共49页
【高考佐证2】 (2010·全国Ⅱ·20)频率
不同的两束单色光1和2以相同的入射
角从同一点射入一厚玻璃板后，其光
路如图9所示，下列说法正确的是( )
图9
A．单色光1的波长小于单色光2的波长
B．在玻璃中单色光1的传播速度大于单色光2的传播速度
C．单色光1通过玻璃板所需的时间小于单色光2通过玻璃板
________(填“能”、“不能”或“无法确定能否”)发生全
反射．
第20页/共49页
解析 (1)如图所示，单色光照射到EF弧面
上时刚好发生全反射，由全反射的条件得
C＝45°
①
由折射定律得
n＝ssinin9C0°
②
联立①②式得
n＝ 2.
(2)能
答案 (1) 2 (2)能
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题型互动探究
第19页/共49页
【高考佐证3】 (2010·山东理综·37(2))如图10
所示，一段横截面为正方形的玻璃棒，中间
部分弯成四分之一圆弧形状，一细束单色光
由MN端面的中点垂直射入，恰好能在弧面
EF上发生全反射，然后垂直PQ端面射出．
图10
(1)求该玻璃棒的折射率．
(2)若将入射光向N端平移，当第一次射到弧面EF上时
介质射向 光疏
介质．
(2)入射角 大于
临界角．
3．临界角：折射角等于90°时的入射角．设光线从 某介质
射向 空气
时的临界角为C，则sin C＝n1.
第4页/共49页
五、棱镜 1．常用的棱镜是横截面为三角形或梯形的三棱镜，通常简
称为棱镜． 2．棱镜对光线的控制作用
让一束单色光从空气射向玻璃 棱镜的一个侧面，光线经过棱 镜两次折射从另一侧面射出时， 将向棱镜的底部方向偏折，如
【高考佐证2】 (2010·全国Ⅱ·20)频率
不同的两束单色光1和2以相同的入射
角从同一点射入一厚玻璃板后，其光
路如图9所示，下列说法正确的是( )
图9
A．单色光1的波长小于单色光2的波长
B．在玻璃中单色光1的传播速度大于单色光2的传播速度
C．单色光1通过玻璃板所需的时间小于单色光2通过玻璃板
________(填“能”、“不能”或“无法确定能否”)发生全
反射．
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解析 (1)如图所示，单色光照射到EF弧面
上时刚好发生全反射，由全反射的条件得
C＝45°
①
由折射定律得
n＝ssinin9C0°
②
联立①②式得
n＝ 2.
(2)能
答案 (1) 2 (2)能
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题型互动探究
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【高考佐证3】 (2010·山东理综·37(2))如图10
所示，一段横截面为正方形的玻璃棒，中间
部分弯成四分之一圆弧形状，一细束单色光
由MN端面的中点垂直射入，恰好能在弧面
EF上发生全反射，然后垂直PQ端面射出．
图10
(1)求该玻璃棒的折射率．
(2)若将入射光向N端平移，当第一次射到弧面EF上时
介质射向 光疏
介质．
(2)入射角 大于
临界角．
3．临界角：折射角等于90°时的入射角．设光线从 某介质
射向 空气
时的临界角为C，则sin C＝n1.
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五、棱镜 1．常用的棱镜是横截面为三角形或梯形的三棱镜，通常简
称为棱镜． 2．棱镜对光线的控制作用
让一束单色光从空气射向玻璃 棱镜的一个侧面，光线经过棱 镜两次折射从另一侧面射出时， 将向棱镜的底部方向偏折，如
步步高高考物理一轮复习配套第课时PPT学习教案
性．
(3)在某个方向上看其分子排列比较整齐，但从另一 方向看，分子的排列是 杂乱无章的．
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基础再现·深度思考
第2课时
再现·深度思考 本 课 栏 目
探究·突破考点 开 关
4．饱和汽 湿度 (1)饱和汽与未饱和汽 ①饱和汽：与液体处于动态平衡的蒸汽． ②未饱和汽：没有达到饱和状态的蒸汽． (2)饱和汽压 ①定义：饱和汽所具有的压强． ②特点：液体的饱和汽压与温度有关，温度越高， 饱和汽压越大，且饱和汽压与饱和汽的体积无关．
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课堂探究·突破考点
Байду номын сангаас
第2课时
再现·深度思考 本 课 栏 目
探究·突破考点 开 关
跟踪训练 2 一气象探测气球，在充有压强为 76.0 cmHg、温度为 27.0 ℃
的氦气时，体积为 3.50 m3.在上升至海拔 6.50 km 高空的过程中，气球
内氦气压强逐渐减小到此高度上的大气压 36.0 cmHg，气球内部因启动
解得 m′＝0.1 kg.
答案 (1)6.5 mL (2)0.1 kg
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课堂探究·突破考点
第2课时
再现·深度思考 本 课 栏 目
探究·突破考点 开 关
方法突破 应用实验定律及状态方程解题的 一般步骤 (1)明确研究对象，即一定质量的某理想气体； (2)确定气体在始末状态的参量 p1、V1、T1 及 p2、V2、T2； (3)由气体实验定律或状态方程列式求解． (4)讨论结果的合理性．
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基础再现·深度思考
第2课时
2.三个实验定律
玻意耳定律
查理定律
盖·吕萨克定律
再现·深度思考 本 课 栏 目
高考物理热学复习课件
高考物理热学复习优秀课件一、教学内容1. 热力学第一定律2. 热力学第二定律3. 热力学第三定律4. 热传递与热量5. 气体动理论6. 液体和固体的性质二、教学目标1. 理解并掌握热力学基本定律，能够运用热力学定律分析实际问题。
2. 掌握热传递的三种方式，了解热量计算的基本方法。
3. 理解气体动理论的基本观点，能够运用气体动理论解释气体现象。
三、教学难点与重点教学难点：热力学第二定律的理解与应用，气体动理论的基本观点。
教学重点：热力学第一定律、热传递与热量、气体动理论在实际问题中的应用。
四、教具与学具准备1. 教具：PPT课件、黑板、粉笔、实验器材（如温度计、烧瓶、酒精灯等）。
2. 学具：笔记本、教材、练习册。
五、教学过程1. 导入：通过展示生活中常见的热现象，引导学生思考热学知识在实际生活中的应用。
a. 实践情景引入：对比热水袋和暖宝宝的使用效果，探讨热传递的方式和热量计算。
b. 例题讲解：计算一个热水袋中的热量，并与暖宝宝进行比较。
2. 知识回顾：引导学生回顾热力学基本定律、热传递与热量、气体动理论等核心知识。
3. 随堂练习：针对热力学定律和热传递，设计相关练习题，让学生独立完成。
a. 练习题1：运用热力学第一定律计算一个热机的工作效率。
b. 练习题2：分析一个热传递现象，判断其属于哪种传热方式。
4. 知识拓展：介绍热学在科技领域的应用，如热能发电、空调制冷等。
六、板书设计1. 热力学第一定律、第二定律、第三定律的公式和概念。
2. 热传递的三种方式和热量计算公式。
3. 气体动理论的基本观点和公式。
七、作业设计1. 作业题目：a. 计算题：根据热力学第一定律，求一个热机工作时的效率。
b. 分析题：分析一个实际热传递现象，判断其传热方式。
2. 答案：a. 效率计算公式：η = (W/Q1) × 100%，其中W为有用功，Q1为热机从高温热源吸收的热量。
b. 传热方式判断：根据热流方向、物体性质和温度差进行分析。
《步步高》高三物理一轮复习-第1讲-电场的力的性质(人教版)省公开课一等奖全国示范课微课金奖PPT课
第15页
第16页
3．几个经典电场电场线(如图6－1－3所表示)．
图6－1－3
第17页
第18页
考点一 电场强度了解与应用
电场强度三个表示式比较
表示式 比较
E＝Fq
E＝krQ2
E＝Ud
公式 意义
电场强度定 真空中点电荷电 匀强电场中E与
义式
场强度决定式 U关系式
第19页
适用 条件
一切电场
①真空； ②点电荷
图6－1－4
Eb，方向与ab连线成60°角．则关于a、b两点场强大小及
电势高低，以下说法中正确是
( )．
A．Ea＝3Eb，φa<φb C．Ea＝2Eb，φa>φb
B．Ea＝E3b，φa>φb D．Ea＝E2b，φa<φb
第21页
解析 通过作图找出点电荷 Q 的位置， 并设 a、b 间距为 2l，则 a、b 两点距点 电荷的距离分别为 3l 和 l，如图所示； 根据点电荷周围的场强公式 E＝kQr2∝
后做负功
D．负试探电荷在a点含有电势能比在b点含有电势能小
第34页
解析 两个点电荷之间连线上场强不为零，A选项错误； 负试探电荷从a点向b点移动过程中，电场力方向向右，电 场力一直做负功，电势能增大，C选项错误，D选项正确； 从a点到b点过程中，电场强度先变小后变大，故电场力先 减小后增大，B选项正确． 答案 BD
匀强电场
由电场本
决定 原因
身决定，
由场源电荷Q和场源电荷 由电场本身决定，d
到该点距离r共同决定
为沿电场方向距离
与q无关
相同点
矢量，恪守平行四边形定则，单位：1 N/C＝ 1 V/m
第20页
第16页
3．几个经典电场电场线(如图6－1－3所表示)．
图6－1－3
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考点一 电场强度了解与应用
电场强度三个表示式比较
表示式 比较
E＝Fq
E＝krQ2
E＝Ud
公式 意义
电场强度定 真空中点电荷电 匀强电场中E与
义式
场强度决定式 U关系式
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适用 条件
一切电场
①真空； ②点电荷
图6－1－4
Eb，方向与ab连线成60°角．则关于a、b两点场强大小及
电势高低，以下说法中正确是
( )．
A．Ea＝3Eb，φa<φb C．Ea＝2Eb，φa>φb
B．Ea＝E3b，φa>φb D．Ea＝E2b，φa<φb
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解析 通过作图找出点电荷 Q 的位置， 并设 a、b 间距为 2l，则 a、b 两点距点 电荷的距离分别为 3l 和 l，如图所示； 根据点电荷周围的场强公式 E＝kQr2∝
后做负功
D．负试探电荷在a点含有电势能比在b点含有电势能小
第34页
解析 两个点电荷之间连线上场强不为零，A选项错误； 负试探电荷从a点向b点移动过程中，电场力方向向右，电 场力一直做负功，电势能增大，C选项错误，D选项正确； 从a点到b点过程中，电场强度先变小后变大，故电场力先 减小后增大，B选项正确． 答案 BD
匀强电场
由电场本
决定 原因
身决定，
由场源电荷Q和场源电荷 由电场本身决定，d
到该点距离r共同决定
为沿电场方向距离
与q无关
相同点
矢量，恪守平行四边形定则，单位：1 N/C＝ 1 V/m
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步步高高考物理一轮复习配套专题10公开课获奖课件
大，最后匀速
0，v 最大，最后匀速
运动 形式
变加速运动
变加速运动
最终 状态
匀速运动 vm＝BEL
匀速运动
vm＝mgBR2sLin2 α
第20页
课堂探究·突破考点
专题10
跟踪训练 3 如图 6 所示，两根足够长
的光滑直金属导轨 MN、PQ 平行固定在倾角 θ＝37°
的绝缘斜面上，两导轨间距 L＝1 m，导轨的电阻可
BRLE，此时 a＝BmLRE，棒 ab ＝gsin α，棒 ab 速度 v↑→
分 析
速度 v↑→感应电动势 BLv↑→电流 I↓→安培力
感应电动势 E＝BLv↑→ 电流 I＝ER↑→安培力 F＝
F＝BIL↓→加速度 a↓，当 BIL↑→加速度 a↓，当安
安培力 F＝0 时，a＝0，v 最 培力 F＝mgsin α 时，a＝
第18页
课堂探究·突破考点
专题10
建模感悟
在电磁感应中的动力学问题中有两类常见的模型.
类型 “电—动—电”型
“动—电—动”型
示 意 图
棒 ab 长 L，质量 m，电 棒 ab 长 L，质量 m，
已知 阻 R；导轨光滑水平，电 电阻 R；导轨光滑，电
阻不计
阻不计
第19页
课堂探究·突破考点
专题10
S 闭合，棒 ab 受安培力 F＝ 棒 ab 释放后下滑，此时 a
第12页
课堂探究·突破考点
专题10
思维突破 1.电磁感应过程往往涉及多种能量的转化
(1)如图中金属棒 ab 沿导轨由静止下滑时， 重力势能减少，一部分用来克服安培力做 功，转化为感应电流的电能，最终在 R 上 转化为焦耳热，另一部分转化为金属棒的 动能. (2)若导轨足够长，棒最终达到稳定状态匀速运动时，重力势能 的减小则完全用来克服安培力做功，转化为感应电流的电能. 因此，从功和能的观点入手，分析清楚电磁感应过程中能量转 化的关系，是解决电磁感应中能量问题的重要途径之一.
【步步高】高中物理大一轮复习 第八章 第2课时 热力学定律与能量守恒讲义课件 大纲人教版
列说法正确的是 A．气体分子间的作用力增大 B．气体分子的平均速率增大 C．气体分子的平均动能减小 D．气体组成的系统的熵增加
()
(2)若将气泡内的气体视为理想气体，气泡从湖底上升到湖面 的过程中，对外界做了 0.6 J 的功，则此过程中的气泡 ________(填“吸收”或“放出”)的热量是__________J． 气泡到达湖面后，温度上升的过程中，又对外界做了 0.1 J 的功，同时吸收了 0.3 J 的热量，则此过程中，气泡内气体 内能增加了________J. (3)已知气泡内气体的密度为 1.29 kg/m3，平均摩尔质量为 0.029 kg/mol.阿伏加德罗常数 NA＝6.02×1023 mol－1，取气体 分子的平均直径为 2×10－10 m，若气泡内的气体能完全变为 液体，请估算液体体积与原来气体体积的比值．(结果保留 一位有效数字)
题型二 热力学第二定律的应用
例2 (2009·四川理综·16)关于热力学定律，下列说法正确的
是
( B)
A．在一定条件下物体的温度可以降到0 K
B．物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功
C．吸收了热量的物体，其内能一定增加
D．压缩气体总能使气体的温度升高
解析 0 K只能接近而不能到达，A错；根据热力学第二定
(3)设气体体积为V0，液体体积为V1 气体分子数n＝ρMVm0olNA，V1＝nπ6d3(或V1＝nd3) 则VV10＝6Mρmolπd3NA(或VV10＝Mρmold3NA) 代入数据解得VV10＝1×10－4(9×10－5～2×10－4都算对)
答案 (1)D (2)吸收 0.6 0.2 (3)1×10－4
解析 (1)将空气压缩装入气瓶的过程中，空气温度不变， 所以内能不变，潜水员背着气瓶潜入海底的过程中，放出