高三信息技术(浙江学考)一轮复习多媒体技术应用： 第2单元 多媒体信息编码
2018届高三信息技术浙江学考一轮复习文档 多媒体技术
课后限时训练(八)多媒体的合成与递交(限时：40分钟)一、选择题1．利用Flash对作品进行合成的过程中，如图的动作脚本一般设置的对象是()A．关键帧B．空白关键帧C．图层D．按钮D[本题主要考查动作脚本设置的对象。
动作脚本只能在关键帧或按钮上设置。
如果是在按钮上设置脚本，则需要添加鼠标事件on处理函数，并将脚本命令写在该函数中。
]2．调试某Flash作品时，弹出如图所示的错误提示窗口：从图中可以看出()A．“场景1”没有“按钮”图层B．“按钮”图层第1帧不是关键帧C．动作命令中的第1行有错误D．动作命令中共有2个错误C[本题主要考查动作脚本的调试。
从错误提示可以看出该动作脚本的设置对象是按钮，该按钮对象位于“按钮”图层的第1帧，因此第1帧肯定是关键帧，B错。
A、D显然错。
出错的位置是动作命令的第1行，原因是缺少大括号。
在按钮上设置动作脚本的正确写法是on(release){play( )；}。
]3．下列多媒体创作工具中，属于以程序设计语言为基础的是()A．Authorware、IconAuthorB．Director、FlashC．PowerPoint、ActionD．Visual C＋＋、Visual BasicD[本题综合考查多媒体创作工具。
A选项Authorware、IconAuthor是以图标和流程图为基础的创作工具；B选项Director、Flash以时间为基础的创作工具；C 选项PowerPoint是以页为基础的创作工具，Action是以时间为基础的创作工具，D 选项Visual Basic、Visual C＋＋是以程序语言为基础的创作工具。
故选D。
] 4．小李在制作某Flash作品时，从外部导入位图“篮球．jpg”素材至舞台中，他想删除篮球的背景色，应先对该文件执行()A．“分离”命令B．“剪切”命令C．“转换为元件”命令D．“转换位图为矢量图”命令D[本题主要考查位图矢量化。
通过转换位图为矢量图，在Flash中可以利用选择工具快速选择背景色，点击“删除”键进行删除。
2018届高三信息技术浙江学考一轮复习文档 多媒体技术应用 第1单元 课后限时训练5 含答案 精品
课后限时训练(五)多媒体技术基础(限时：40分钟)1．亚马逊在全美多家存货仓库配备数万台机器人，用于仓库内货物的配送，此举不仅节约20%的运营成本，而且会更加高效地完成配货，其主要利用的技术是()A．网络技术B．虚拟现实技术C．人工智能技术D．多媒体技术C[本题主要考查人工智能技术的应用。
机器人属于人工智能领域，故选C。
] 2．家庭DVD影片基本上都是经过有损压缩的，但其在观看时不会损失过多的视觉信息，其原因有①较多物体存在结构冗余，②规则物体具有空间冗余，③人眼具有视觉冗余，④相邻两帧之间存在结构冗余。
其中正确的是()A．①③④B．②③④C．①②④D．①②③D[本题主要考查的是多媒体数据压缩技术。
数据能被压缩的原因在于数据本身存在着冗余，在许多情况下媒体本身允许有少量失真。
多媒体数据有空间冗余、视觉冗余、结构冗余、时间冗余。
]3．小张将一张像素为1024]()A．文件“B.jpg”的存储容量比“A.bmp”大B．从文件“B.jpg”到“C.rar”的转换为无损压缩C．小兰能够使用“画图”程序直接打开“C.rar”文件D．小兰能够将“C.rar”准确恢复到“A.bmp”B[本题的主要考点为有损压缩与无损压缩。
将“A.bmp”另存为“B.jpg”是按JPEG标准对图像数据进行了有损压缩，所以“A.bmp”的容量大于“B.jpg”。
用WinRAR软件将“B.jpg”压缩为“C.rar”是一种无损压缩。
“C.rar”是一个压缩文件，应先用WinRAR软件进行解压，再用“画图”程序打开。
经过无损压缩后的数据可以还原到压缩前，经过有损压缩后的数据是不可能再回复到压缩前的，所以“C.rar”可以准确恢复到“B.jpg”，但不可能再恢复到“A.bmp”。
]4．小明很喜欢看动画片，于是他上网查找到一部最新动画，点击“立即播放”按钮后即可在线观看，效果如下图所示，这主要是利用了()A．音频技术B．人工智能技术C．多媒体技术D．虚拟现实技术C[本题主要考查多媒体技术的应用。
2019版创新高三一轮复习系列浙江专版信息技术课件： 必修2 第二章多媒体信息编码 精品
答案
A
[变式2] 十进制数71转换成二进制数是( A.(1000111)2 C.(1001100)2 解析 B.(1110001)2 D.(1000011)2
)
十进制数转换为二进制数，采用“除2取余法”，即将
十进制数除以2取余数，将结果按倒序书写。
答案
A
【例2】
十六进制数A5H转换成二进制数是( B.(10101011)2
题6位开关相当于6位二进制数，则状态数最多为26＝64，故 B选项正确。 答案 B
[变式5]
(2016· 9月嘉兴测试)一般网络设备均有MAC地址，也
叫硬件地址，长度为6个字节，可以用12位十六进制数字组成，
二、ASCII码和汉字编码
计算机内的英文字符以二进制编码的形式来表示，其中使 用最广泛的是 ASCII 码，可以表示 128种编码，其中含有数 字、字母等。汉字在计算机内也是以二进制代码形式表示 的，这些代码称为汉字编码，最常用的编码是GB2312，用
2个字节表示一个汉字。
三、图像、音频与视频数字化的概念 1.图像由像素组成，像素越多图像越清晰，颜色位数越多色彩 越逼真。 2.声音模拟量的数字化通过采样和量化过程来实现。采样频率 越高，量化位数越高，声音的质量越好，占用的存储空间就
(其中n表示每个像素点的存储位数)
2. 音频存储量的计算，常见的 WAVE 文件所占磁盘的存储量计
算公式为：采样频率×量化位数×声道数×时间/8(单位：字
节 )。 3.(1)视频是由连续的画面组成动态图像的一种表示方式。获取
视频素材的主要途径有：因特网下载视频节目；视频采集卡
采集视频模拟信号；视频文件中截取；数码摄像机或摄像头 直接采集。 (2)常见视频格式有： AVI、MPG、DAT、MOV和Real格式等。
浙江版高考信息技术 专题三 多媒体技术基础
专题三多媒体技术基础挖命题【考情探究】分析解读本专题从多媒体技术基础和多媒体信息的编码这两个方面的内容进行了介绍。
从学考、选考试题来看,多以选择题形式着重考查学生对基本概念的理解和应用。
复习时应该特别强调理解和掌握信息的编码,熟练掌握二进制、十六进制与十进制三者之间的相互转换方法。
同时还要关注多媒体数据文件的文件格式、存储容量的计算、对数据文件压缩技术的理解和压缩比的计算,尤其是图像文件以及视频文件存储容量的计算问题。
破考点【考点集训】考点一多媒体技术基础1.下列说法错误．．的是( )A.编写制作脚本后,可进行媒体元素的分解B.在编写本场景的制作脚本之前,应先完成脚本大纲和文字脚本的编写C.“片头”场景播放完后,将自动循环播放D.“Play”按钮在“趣”动画结束时或结束后出现答案C2.某同学在信息课上使用工具软件处理一些多媒体素材文件,下列说法错误的是( )A.可以使用Photoshop软件将一幅BMP标准位图另存为PNG文件B.可以使用会声会影软件为AVI视频文件添加字幕,并保存为MP4文件C.可以使用Winzip软件将多个BMP文件压缩成一个ZIP文件,文件变小,图像质量下降D.可以使用GoldWave软件将一个WAV文件另存为MP3文件,文件变小,声音质量下降答案C3.图a和图b主要反映的数据冗余分别是( )C.空间冗余;视觉冗余D.结构冗余;空间冗余答案D考点二多媒体信息编码1.(2019金华十校9月考试,6,2分)某十进制偶数x,范围为100~254,将其转化为二进制数y,以下说法不正确．．．的是( )A.x/2的运算结果转化为二进制数一定比y少1位B.二进制数y的最低位一定是0C.十进制数x+1转化为二进制数不超过8位D.十进制数xmod16与二进制数y的左侧4位的值相等答案D2.(2019届宁波十校9月联考,6,2分)某数据的加密方法如下:(1)将字符的ASCII码值以字节为单位进行加密处理;(2)将一个字节的8位二进制数右移1位,最高位用右移出来的最低位补充;(3)将二进制数转换为十六进制数,顺序连接,即为该字符的密文。
最新浙教版高中信息技术课件-多媒体信息编码课件PPT
声音的数字化
• 采样：按照一定频率,即每隔一段时间,测得模拟信 号的模拟量值。
• 采样频率越高，数据量越大，声音质量越好
声音的数字化
• 量化：将采样测得的模拟电压值，进行分级量化。 按照整个电压变化的最大幅度划分成几个区段， 把落在某个区段的采样到的样本值归成一类，并 给出相应的量化值。
临床表现
• 脑神经损害 以一侧动眼神经麻痹常见，占 6%~20%，提示存在同侧颈内动脉—后交通动脉 瘤或大脑后动脉动脉瘤
• 偏瘫 在出血前后出现偏瘫和轻瘫者约占20%。 • 视力视野障碍 蛛网膜下腔出血可沿视神经鞘延伸，
眼底检查可见玻璃体膜下片块状出血，发病后一 小时内即可出现，这是有力的诊断依据。出血量 大时，血液浸入玻璃体内，引起视力障碍。当视 交叉、视束或视放射受累时产生双颞侧偏盲或同 向偏盲。 • 约1%的颅内动静脉畸形和颅内动脉瘤可出现颅内 杂音。部分病人发病后数月可有低热。
脑底动脉异 有时可见肿瘤 常血管团 染色
脑室出血铸 增强后可见脑 形或梗死灶 瘤影
诊断 • 头颅CT 显示脑沟与脑池密度增高。颈内动
脉瘤破裂出血以大脑外侧裂最多。大脑中 动脉瘤破裂血液积聚患侧外侧裂池，也可 流向环池、纵裂池。基底动脉瘤破裂后， 血液主要积聚于脚间池与环池附近。 • 头颅MRI 发病后一周内的急性SAH在MRI 很难查出。核磁共振血管造影（MRA）是 非创伤性的脑血管成像方法，对头颈及颅 内血管性疾病可作为诊断的筛选手段。
彩色位图图像存储空间计算
红
0000
兰
0001
浅蓝
0010
计算一幅16色图像，分辨率为
淡蓝
0011
400*300，存储空间是多少？
高中学业水平测试-多媒体技术应用-知识点总结
第一章认识多媒体技术知识点梳理：1．什么是多媒体技术？多媒体技术就是计算机综合处理声音、文本、图像等信息的技术.使用计算机进行综合处理,建立逻辑关系和人机交互是多媒体技术的核心.2．多媒体技术的主要特征？①数字化、②集成性、③多样性、④交互性、⑤非线性3．多媒体技术的发展:①流媒体技术(Streaming Media Technology）,所谓流,是一种数据传输方式，使用这种方式，信息的接收者在没有接到完整的信息前就能处理那些已经收到的信息。
②多媒体技术的智能化(Intelligence）面像检测与识别技术,通过摄像头，迅速获取认得面部肤色、纹理、形状等特征,进行分析存储，用于以后的对比和匹配。
③虚拟现实（ＶＲ，Ｖirtual Reality）虚拟现实技术结合了人工智能、计算机图形技术、人机接口技术、传感技术、计算机动画等多种技术。
他的应用包括模拟训练、军事演习、航天仿真、娱乐、规划设计、教育培训、商业等领域。
4．流媒体播放软件：Real Player , Windows Media Player , Quick Time等.5．流媒体技术的应用:网络直播、视频点播、远程教育等。
54．以下关于流媒体说法正确的是（）.A．只有视频才有流媒体B．多媒体与流媒体是同时发展的C．流媒体指在因特网或者局域网中使用流式传输技术，由媒体服务器向用户实时传送音频或视频多媒体文件D．多媒体就是流媒体3．请根据多媒体的特性判断以下（）属于多媒体的范畴（1）交互式视频游戏(2）有声图书(3）彩色画报（4)彩色电视A. (1）(2) (3)B. (1） (2） C。
全部 D。
仅（1）4．多媒体技术的主要特性有（）(1）多样性(2）集成性(3)交互性(4）可扩充性A．（1） B．(1）(2） C．(1)（2）（3） D．全部6．下列各组软件不都是多媒体处理软件的是（ )A．Photoshop 超级解霸Media player FlashB．Authorware Powerpoint Windows优化大师 FlashC．Authorware PowerPoint Photoshop GoldWaveD．Goldwave Authorware Media player Flash52．下列软件中，哪个是多媒体集成软件？( ）A．Word B．Photoshop C．Windows记事本 D．PowerPoint第二章多媒体作品的规划与设计知识点梳理：１．多媒体作品开发的一般过程：2．多媒体作品的界面设计●布局设计应遵循的原则和方法：界面布局应该有整体上的一致性；界面布局要简明清晰；注意突出主题信息；注意文字显示的效果7．黎明同学要制作一个多媒体作品，下面的制作过程他应该使用哪一个（ )A．素材采集与加工→作品集成→需求分析→规划与设计→发布与评价B．规划与设计→需求分析→素材采集与加工→作品集成→发布与评价C．需求分析→规划与设计→素材采集与加工→作品集成→发布与评价D．需求分析→作品集成→素材采集与加工→发布与评价→规划与设计第三章多媒体信息的类型及其特征知识点梳理：1．常见的各种媒体信息有：文本、图形、图像、声音、动画、视频等2．各种媒体在计算机中的表示●文字编号一般为ASCII码，简体汉字GB2312—80，一个汉字占两个字节存储空间。
浙江信息技术高考多媒体复习资料
浙江省信息技术高考多媒体复习资料（1）1．小红要制作一个桌上弹球的Flash动画，准备了如图1所示素材。
图1（1）如图2所示，小红想在“leftball”层中，把“ball”元件创建从1到25帧元件从左移到中间的动作补间动画，请你帮助她写出操作的步骤。
图2（2）接下来小红将对“rightball”层中，同样将“ball”元件创建1到25帧元件从右移到中间的动作补间动画，但是如图3所示，小红怎么都没办法将“ball”元件放到“rightball”图层中，请你帮助其找出错误地方。
图3（3）如图4所示，两个小球应在同一水平线位置上的，但我们发现它们并不在同一水平线上，请你写出解决的方法。
图4（4）在“桌子”图层中，小红把“桌子”元件放到“桌子”图层的第一帧中，发现如图5所示，发现桌子太大了，可以用工具，使之大小合理。
图51、下面两张图片分别是小李在Photoshop中打开的原始素材图片和最终效果图。
原始素材最终效果以下是小李操作的全过程，请你排列一下操作的顺序：（1）新建一个图层，位置在图层1之上，并重命名为“色彩”。
（2）保存文件。
（3）选中“色彩”图层，填充红色RGB(255,0,0)，并更改图层的不透明度为40％。
（4）打开“1-1.psd”文件，并删除图层1。
2、下面两张图片是小李在Photoshop中打开的原始素材图片。
（1）如果小李想调整圆号的亮度和对比度，他应该到下面的哪个菜单中去找？__________；（2）小李想把左边的圆号复制到右边的乐谱文件中，使用什么工具最方便？____________；（3）当他选中并复制了圆号后，想把它粘贴到乐谱文件的圆号图层中，在如图所示的情况下，可以直接粘贴吗？____________；（4）小李把圆号粘贴过来以后，发现圆号图像相对于背景太大了，需要调小一些，请写出一种简便的方法___________________________________________________________；（5）小王看见后，建议小李执行菜单命令“图像”“图像大小”来调整圆号图像的大小，这种方法合适吗？________________；。
浙江省信息技术选考多媒体编码专题
图像数字化
位图是指用若干二进制来定义每个像素点的颜色 和亮度。
位图图像类别 总像素
黑白 256级灰度 16色彩色
800*600 800*600 800*600
一个像素所占的 容量
位数
（B）
1位（2^1=2） 800*600*1/8
8位（2^8=256） 800*600*8/8
4位（2^4=16） 800*600*4/8
二进制位数。
数字化音频的大小计算
采样频率×量化位数×声道数×时间（秒） 单位：Bit（位） 1字节＝8Bit
采样频率：每秒对声音波形采样的次数， 单位：赫兹（Hz）
CD音质的采样频率是44.1kHZ， 这里的k 为1000，即采样频率为44100次/秒。
做一做，想一想
一个256M的MP3能够储存采样频率为 44.1KHz，16位，立体声的WAV音乐多长 时间？
音频格式介绍
MIDI 存储的不是声音信号，而是各种乐器的发音命令， 播放时系统根据这些命令合成乐曲，midi文件的 优点是非常小
MP3 由WAV文件经压缩而来，音质略低于CD和WAV 格式，但这种差异用耳朵难以分辨
RA 适用于网络的“流式文件”，可一边下载一边播 放，文件比MP3格式小，只是音质较差
画图软件演示BMP与JPG格式区别
BMP是没经过压缩的位图格式 JPG是经过压缩的，存储空间小于BMP 网上最常见的是JPG，gif格式图像，因为
存储空间小，利于传输。
数字化音频
音频的数字化
采样：每隔一个时间间隔在模拟音频波形 上取一个幅度值。
采样频率：单位时间采样的次数 量化位数：存储、记录声音振幅所使用的
下列关于矢量图说法正确的是 ( ) (A)扫描仪获取的图片是矢量图 (B)矢量图与显示、打印的分辨率无关 (C)BMP格式的图像文件通常是矢量图 (D)对矢量图进行了放大、缩小、旋转，会影响图形的清 晰长和光滑度
2018届浙江省信息技术选考复习之多媒体信息编码(含习题答案)
2018届浙江省信息技术选考复习之信息编码专题命题：杜宗飞1、考试内容及要求二、知识整理热点考向1：二进制、十六进制与十进制的相互转换二进制数据是用0和1两个数码来表示的数。
它的基数为2，进位规则是“逢二进一”，进制标识符为B ，如（1101）2=1101B 。
十进制标识符为D ，如（26）10=26D 。
十六进制数据是用0、1、3……8、9及A 、B 、C 、D 、E 、F 十六个数码来表示的数。
它的基数为16，进位规则是“逢十六进一”，进制标识符为H ，如（3C ）16=3CH 。
（1）十进制转二进制、十六进制方法（2）二进制、十六进制转十进制方法二进制、十六进制转十进制方法为位权展开。
二进制的权值为2n，十六进制的权值为16n （n 为0、1、2…）。
32102(1011)1202121213=⨯+⨯+⨯+⨯=，所以210(1011)(13)=，即1011B=13D 1016(3)316121660C =⨯+⨯=，所以1610(3)(60)C =，即3CH=60D（3）二进制与十六进制相互转化方法二进制转换十六进制：先从最低位每四位分段，再每四位转换成十进制，再对应成相应的十六进制。
十六进制转换二进制：每位转换为对应的十进制，再将每位的十进制转换为四位二进制。
所以：3AH= 111010 H3A 0011 1010 111010所以：111010B= 3A H111010 0011 1010 A60 16 ……C (12) 316 (3)余数余数为12，十六进制里表示为C所以：60D=3CH13 2 ……1 6 2 ……0 3 2 ……1 1 (1)2余数 所以：13D=1101B热点考向2：ASCII码和汉字编码（1）ASCII码计算机中英文字符时普遍采用的是ASCII码（即美国国家标准信息交换码）。
标准的ASCII码用一个字节中的7个位来表示，可以表示27= 128种编码。
计算机存储ASCII码时，最左位用0填充构成8位，占用一个字节（8位二进制）。
2018届高三信息技术浙江学考一轮复习文档 多媒体技术应用 第2单元 课后限时训练6 含答案 精品
课后限时训练(六)多媒体信息编码(限时：40分钟)一、选择题1．下列关于多媒体数字化的描述，正确的是()A．声音数字化的过程是一种“数模转换”B．计算机播放声音时进行模数转换C．数码相机可以将图像数字化D．麦克风可以将视频数字化C[本题考查多媒体信息数字化的基本概念。
声音数字化的过程是一种由模拟音频信号转换为数字化信号的过程，是一种“模数转换”。
当计算机播放声音时，由数字化信号转换为模拟音频信号，是一种“数模转换”。
麦克风是声音输入设备。
]2．算式(1110)2－(4)10的运算结果是()A．(1011)2B．(1010)2C．(9)10D．(11)10B[考查不同制数之间的运算，通常在解这类题目时可将参与运算的数转换为同一进制，两个同进制数作算术运算后，再将运算结果转换为相应进制。
如本题中，可统一转化为我们熟悉的十进制，再进行计算。
]3．古代有5个烽火台，烽火台只有“亮”和“灭”两种状态，如果包括5个烽火台信号全灭的状态，那么最多能表示的信号数有()A．120种B．31种C．32种D．5种C[本题属于稍难题，关键在于考查考生对于二进制数的运算理解，因为烽火台只有“亮”和“灭”两种状态，刚好符合二进制存储的基本规则，假如用“1”来代表“亮”，那么“0”就可以代表“灭”，反之亦然。
通过这个法则，我们不难得出最小的二进制数是“00000”，最大的二进制数是“11111”，进而通过二进制数与十进制数的转换得出最小数为0，最大数为31，可以表示的状态有“0～31”共32个状态。
根据概率知识，可以直接利用5个二进制位，最多能表示的不同信息个数是25＝32种可能。
]4．两幅尺寸相同未经压缩的BMP图像，若存储容量分别为352KB和119KB，则这两幅图像的颜色数可能为()A．24位色和16位色B．24位色和8位色C．16位色和8位色D．16色和2色B[图像存储容量＝水平像素数×垂直像素数×每个像素编码位数/8(单位：字节)。
浙江省信息技术学考多媒体必考部分重要知识点整理
浙江省高中学业水平考试信息技术知识点整理必考部分(多媒体)第一单元多媒体基础1. 媒体及多媒体的概念（1）媒体的含义：媒体（medium）在计算机领域有两种含义：一是指存储信息的实体，如磁带、磁盘、光盘等；二是承载信息的载体，如数字、文字、声音、图形和图像等。
多媒体技术中的媒体是指后者。
（2）多媒体及多媒体技术的概念多媒体是指对多种媒体的综合，多媒体技术是指以计算机为平台综合处理多种媒体信息，如文本、图形、图像、声音、动画和视频，在多种信息之间建立起逻辑连接，并具有人机交互功能的集成系统。
通常情况下，多媒体不仅指多媒体本身，也包括多媒体技术。
2．多媒体技术特征多媒体技术有三个显著的特征：集成性、交互性、实时性。
3.多媒体技术的应用（1）生活中的多媒体：MP3音乐、影视动画、数字电视、多媒体导航仪等。
（2）多媒体技术的现状：音频技术、视频技术、数据压缩技术、网络传输技术。
常见多媒体数据编码和压缩国际标准有：ＪＰＥＧMPEG P*64（3）多媒体技术的发展前景：虚拟现实、多媒体数据库和基于内容检索、多媒体通信技术。
4．多媒体计算机系统的组成（1）多媒体计算机的概念：多媒体计算机是指具有多媒体信息处理功能的个人计算机。
（2）多媒体计算机配制标准：多媒体计算机一般应包括：具有多媒体功能的操作系统；硬件部分至少应包括光盘驱动器、声卡、音箱或耳机等。
（3）常见多媒体硬件设备CD-ROM驱动器、音频卡、视频卡、扫描仪、数码相机、数码摄像机等。
（4）常见的多媒体软件工具多媒体软件根据它的应用层面可以分为多媒体操作系统、多媒体数据采集和编辑软件、多媒体创作和集成软件三大部分。
常见的多媒体数据采集和编辑软件有：Windows系统附件中的“录音机”、PhotoShop、Flash、3DSMAX、Premiere等；常见的多媒体创作和集成软件有：Authorware、方正奥思、Director、PowerPoint等。
浙江省高考信息技术 考点4多媒体信息编码及处理知识梳理典型例题及训练解析
考点四：多媒体信息编码及处理基础再现多媒体的数字化就是将模拟的多媒体信息以计算机能够处理的二进制数进行编码的过程，多媒体信息是指声音、图像、视频等。
声音信号的数字化：通过采样和量化两个过程实现，采样频率越高，量化位数越高，声音的质量越好，占用的存储空间也越大。
声音的存储容量公式如下：存储量=采样频率*量化位数*声道数*时间长度/8（单位：字节）图像的数字化：跟图像的分辨率有关，同时也和颜色的种类数目有关，图像的像素越多越清晰，颜色位数越多，色彩越逼真。
图像的存储容量公式如下：存储量=水平像素*垂直像素*每个像素的颜色位数/8（单位：字节）视频是由连续的图像播放所组成，常见的有PAL制式、NTSC制式及SECAM制式等三种，其中PAL制式每秒播放25帧，NTSC制式每秒播放30帧。
存储量=每张图片大小*每秒播放帧数*时间典例4（2008年10月浙江省高考）多媒体电脑能够处理文字、声音、图像等信息．主要是因为这些信息都已被A．智能化 B．数字化 C。
网络化 D．虚拟化解析：多媒体信息在计算机内部都是以二进制存储，所以这些信息都被数字化（二进制化），选B。
即时训练41、（2008年10月浙江省高考）对某一段音频进行采样，若其他参数都相同．则可使音质最佳的采样频率是A．11.025KHZ B．22.05KHZ C．32KHz D．44.1KH解析：采样频率越高，量化位数越高，声音的质量越好，占用的存储空间也越大。
故选D。
2.（2009年3月浙江省高考）用WINDOWS中的“录音机”软件录制声音文件，是将声音模拟信号A．转换成ASCII码 B．转换成像素点C．转换成区位码 D．进行采样和量化解析：多媒体信息在计算机内部都是以二进制存储，要把声音的模拟信号变成计算机可以识别的数字信号，必须进行采样和量化。
故选D。
3.（2009年3月浙江省高考）一幅400×320像素的黑白位图图像与一幅同样像素的16色彩色位图图像相比，所需的存储空间A．后者肯定大于前者 B．前者肯定大于后者C．完全相同 D．无法判定其大小关系解析：图像的存储容量公式：存储量=水平像素*垂直像素*每个像素的颜色位数/8（单位：字节），而16色恰好用二进制4位来表示。
编码课件-浙江省高三信息技术学考总复考点突破
·繁体和简体的异同:形同码同、形异码异
典例4 UltraEdit软件显示的十六进制内码如下图所示。由图可知简体“国” 和繁体“國”的内码__不__同____(选填:相同/不同)。
·图像存储容量计算 未经压缩的BMP格式图像文件的存储容量计算公式:存储容量=图像的像 素个数×存储每像素需要的位数(颜色位深度)/8(单位为B) ☆要点 ①像素个数: 1行的像素数×1列的像素数 ②位数:由图像的颜色数决定
颜色数=2位数
根据信息传递规则:n个bit——可以表示2n个不同的信息单元
3 容量计算
1.大数据量计算时,经常采用估算,估算时1024当成1000来算。 2.比特率(数据速率):音频/视频1秒的容量;单位是kbps(k为1000,bps是bit/s)。 3.声音编码 ·声音采样是从时间域上对信号进行分割,再对采样点进行量化。 ·声音数字化过程:采样 量化 编码 ·采样频率越高和量化位数越多(量化精度越高),音质越好,存储容量越大。
5.汉字编码 ·汉字和ASCII字符一样,在计算机中以二进制形式存在,每个汉字存储时需 要2个字节。 ·分类 √输入码(又称外码):将汉字输入计算机的编码。输入码分为音码、形码、 音形码、形音码。 √交换码:方便各种数字系统(不仅是计算机系统)之间的汉字信息的通信交 换,常用交换码:GB2312-80。 √处理码(汉字机内码):计算机内部用于信息处理的汉字代码。 √字形码——对汉字字形的编码,用于汉字输出显示和打印。两种汉字字 形表示方式:矢量方式和点阵方式。点阵容量计算公式:点的个数×每个点 存储的位数(bit)。
高三信息技术(浙江选考)复习多媒体技术应用第单元多媒体技术基础
多 媒 体 技 术 应 用第一单元 多媒体技术基础[浙江考试标准] 考试内容考核要求 考试属性 1.多媒体技术的概念和特征b 必考＋加试2.多媒体技术的应用a 3。
多媒体计算机系统的组成a 4.多媒体作品的规划和设计c 5.脚本编写c 6.多媒体数据文件a 7。
多媒体数据压缩技术b一、多媒体概念及特征1．多媒体技术的概念（1)媒体的含义媒体（Medium)在计算机领域有两种含义：一是指存储信息的实体，如磁带、磁盘、光盘等；二是①________，如数字、文字、声音、图形和图像等。
多媒体技术中的媒体是指后者.(2）多媒体及多媒体技术的概念多媒体是指对多种媒体的综合。
多媒体技术是指以计算机为平台综合处理多种媒体信息，如文本、图形、图像、声音、动画和视频，在多种信息之间建立起逻辑连接,并具有人机交互功能的集成系统。
2．多媒体技术特征多媒体技术有三个显著的特征:(1）集成性——一方面指它是在②________的基础上，将文字、图形、图像、声音、动画和视频等各种媒体集成的一种应用，另一方面还包括传输、存储和呈现媒体设备的集成。
(2）交互性—-具有人机交互功能，在多媒体系统中用户不是被动接受而是积极参与其中的所有活动，用户的反应和参与是系统的重要特性。
(3）实时性--是指多媒体系统中声音及活动的视频图像是强实时的，多媒体系统提供了对这些多媒体实时处理的能力。
二、多媒体技术的应用1．多媒体技术的现状多媒体技术被广泛应用于各行各业，是现在信息技术领域应用最广、发展最快、变化最快的技术。
包括以下技术：③________、④________、⑤________、⑥________。
2．多媒体技术前景⑦________是一项与多媒体技术密切相关的技术,它通过综合应用计算机图像处理、模拟与仿真、传感技术、显示系统的技术与装备,以模拟仿真的方式,给用户提供一个真实反映操作对象变化与相互作用的三维图像环境，从而构成的虚拟世界，并通过特殊设备（如头盔和数据手套等）提供给用户一个与该虚拟世界相互作用的三维交互式用户界面.⑧________:基于内容特征的检索是对多媒体数据库的内容及上下文语义环境所进行的检索。
浙江信息技术学考总复习知识点总结
信息技术基础信息、信息的载体及信息的特征信息的含义：信息是看不见、摸不着的，是内容。
（比如书本不是信息，文字不是信息，里面的含义、内容才是信息。
书本和文字只是载体）信息的特征：时效性、载体依附性、可加工处理性、共享性、时效性、价值性、真伪性（选择题）比如：古代文字要刻在竹片上，写在衣服上，属于什么特征？（载体依附性）各进制之间的转换十进制转换成二进制和十六进制：（十进制0到9，二进制0到1，十六进制0到9，A到F）（十进制：D 二进制：B 十六进制：H）十进制转换成二进制，采用除二取余法，直到商为零为止，取余数，余数从下往上依次取。
如：（8）10 = （1000）2 或书写为：8 D = 1000 B十进制转换成十六进制，采用除十六取余法，直到商为零为止，取余数，余数从下网上依次取。
（45）10 = （2D）16 或书写为：45 D = 2D H二进制和十六进制转换成十进制：（按权值展开法）（1110）2=1*23+1*22+1*21+0*20=8+4+2+0=（14）10（B3）16=B*161+3*160=11*161+3*160=176+3=（179）10二进制和十六进制之间的转换：方法一：首先安全值展开转换成十进制，再采取除多少取余法。
如（1110）2=（）16 首先转换成十进制，（1110）2=（14）10然后除16取余法，得出（E）16 （同理十六进制转换成二进制也首先转换成十进制）方法二：二进制转换成十六进制，因为4位二进制对应一位十六进制，所以可以四位四位转换，从右向左划，四位四位划在一起，不足四位左边用0补充，如：（1100101）2=( )16 首先从右往左四位四位划0110 0101，这里最左边不足四位，所以补了一个0，然后四位四位分别按权值展开，0110=0*23+1*22+1*21+0*20=60101=0*23+1*22+0*21+1*20=5，所以最后（1100101）2=( 65 )16B3C4 H = B1位十六进制等于4位二进制，一位一位转换成二进制，采用除二取余法。
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第二单元多媒体信息编码[浙江考试标准]一、二进制与十六进制的相互转换1．信息编码信息代码是指用来表示信息的符号组合。
信息编码指编制代码的过程。
信息在传递和存储之前都需要进行编码，计算机采用①________。
2．二进制编码、十进制、十六进制的相互转换日常生活中我们用十进制数来表示信息，而计算机采用二进制数来存储、处理和传送信息。
由于二进制数不便于书写和记忆，人们经常将二进制数转换为十六进制数来表示，因为两者之间的转换非常方便。
(1)二进制数：只有②________两个基本数码，运算规则为“③________”，依此类推“借一当二”。
(2)十进制数：由④________共十个数码组成，运算规则为“⑤________”，依此类推“借一当十”。
(3)十六进制数：由⑥________和⑦________共十六个数码组成，运算规则为“⑧________”，依此类推“借一当十六”。
二进制用字母B标识，十进制用字母D标识，十六进制用字母H标识。
3．关于二进制数的两个规则(1)n个二进制位最多能表示的不同信息个数是2n个。
(2)n位二进制数能表示的最大十进制数是2n－1。
4．计算机存储容量单位(1)计算机存储容量的最小单位：⑨________(比特、bit或b)。
(2)计算机存储容量的基本单位：⑩________(Byte或B)1B＝8b。
(3)计算机存储容量的其他单位：KB、MB、GB、TB。
1KB＝1024B1MB＝1024KB1GB＝1024MB1TB＝1024GB二、ASCⅡ码和汉字编码1．ASCⅡ码和汉字编码(1)ASCⅡ码的概念目前计算机在存储、处理英文字符时普遍采用的是⑪________(即美国国家标准信息交换码)。
标准的ASCⅡ码用一个字节中的⑫________位来表示，可以表示⑬________种编码。
计算机存储ASCⅡ码时，占用⑭________个字节。
ASCⅡ码编码表中的两个规律：数字、字母都是按⑮________排列的；小写字母的编码比对应的大写字母大32。
如A的ASCⅡ码是65，a的ASCⅡ码是97。
(2)汉字编码汉字在计算机内也是以⑯________形式表示的，这些编码称为⑰________。
常见的汉字编码有输入码、交换码、处理码、字形码等。
①输入码是利用汉字的音、形或其他的相关特征信息，按照一定的规则，对指定的汉字集编制相应的代码，包括音码、形码、音形码、形音码等。
②交换码又称为区位码，是用于不同的计算机系统之间的汉字信息的通信交换。
在计算机中用第一个字节标记区码，第二个字节标记位码。
最常用的编码是GB2312，用2个字节表示一个汉字。
③处理码是计算机内部用于信息处理的汉字代码，也称汉字内码。
④汉字的字形码通常有两种表示方式：点阵方式和矢量方式。
用WinHex或UltraEdit软件观察内码时，ASCⅡ码(英文字符)只占⑱________个字节，汉字通常占⑲________个字节，全角状态的字符通常也占⑳________个字节。
【自我校对】①二进制编码②0和1③逢二进一④0～9⑤逢十进一⑥0～9⑦A～F ⑧逢十六进一⑨二进制位⑩字节⑪ASCⅡ码⑫7⑬27＝128⑭1⑮顺序⑯二进制编码⑰汉字编码⑱1⑲2⑳21．(2015年3月浙江学考)十六进制数F5H转换成二进制数是()A．(10111110)2B．(11111010)2C．(11110101)2D．(11111101)2C[本题主要考查十六进制数与二进制数的转换。
十六进制数转换为二进制数的方法是每一位十六进制数转换为4位二进制数。
十六进制数“F”转换成二进制数是“1111”，十六进制数“5”转换成二进制数是“101”，前面最高位添“0”，补足4位，即“0101”为一组，合在一起就是(11110101)2。
]2.(2015年10月浙江学考)用UltraEdit软件观察字符内码，结果如图所示：则字符“23”的十六进制内码值为()A．3132 B．3233C．B9BA D．B8B9B[本题考查字符的编码。
每个英文字母和数字字符由8位二进制编码组成，对应2个十六进制编码。
每个汉字由16位二进制编码组成，对应4个十六进制编码。
观察题图可得“2”的编码为32，由于数字字符和字母字符都是按顺序编码的，因此可推出“3”的编码为33。
]一、二进制、十进制、十六进制间转换二进制数由“0”与“1”两个数码组成，运算规则为“逢二进一”，每个数码在不同的数位上对应不同的权值。
(1)二进制整数转换为十进制数——“按权展开，逐项相加”。
例如：110101B＝()D。
二进制数：11010 1权值：252423222120换算：1×25＋1×24＋0×23＋1×22＋0×21＋1×20＝53。
(2)十进制整数转换为二进制数——“除2取余，倒序输出”。
例如：43D＝()B。
运算结果：43D＝101011B。
(3)二进制整数转换为十六进制数——“从最低位开始分组，每4位1组(不足4位，可在最高位添0)，逐组转换”。
例如：110110*********B＝()H。
二进制整数：0110110111110111十六进制数：6 D F7运算结果：110110*********B＝6DF7H。
(4)十六进制整数转换为二进制数——“逐个转换，每一位十六进制数转换成四位二进制数”。
例如：5DF7H＝()B。
十六进制数：5D F7二进制整数：0101110111110111运算结果：5DF7H＝101110111110111B。
二、用UltraEdit或WinHex工具软件观察字符内码，及区分字母与汉字用UltraEdit或WinHex工具软件观察字符内码时，1个ASCⅡ码字符只占1个字节，1个GB2312编码字符(如常见汉字)占2个字节。
1．下列将二进制数(11010)2转换成十进制数的算式中，正确的是()A．0×24＋1×23＋0×22＋1×21＋1×20B．1×24＋1×22＋1×22＋1×21＋0×20C．1×24＋1×23＋0×22＋1×21＋0×20D．1×24＋0×23＋1×22＋1×21＋0×20C[考查数制相互转换，在新的学业考试中不能借助计算器完成答题，但是对二进制的概念及实质，是需要理解的。
]2．算式(3E)16－(1001)2的运算结果是()A．(110101)2B．(101011)2C．(63)10D．(3D)16A[(3E)16＝(3×161＋14×160)10＝(62)10，(1001)2＝(1×23＋0×22＋0×21＋1×20)10＝(9)10，则(3E)16－(1001)2＝(53)10，A选项(110101)2＝(1×25＋1×24＋0×23＋1×22＋0×21＋1×20)＝(53)10，B选项(101011)2＝(1×25＋0×24＋1×23＋0×22＋1×21＋1×20)＝(43)10，D选项(3D)16＝(3×161＋13×160)10＝(61)10，综上所述，A选项正确。
]3．某电子设备的电路板上有一个6位的“跳板开关”，此开关每一位都只有“打开”和“闭合”两种状态。
这个“跳板开关”最多可以表示的状态数是()A．120 B．64C．60 D．6B[在n位二进制数中，表示数的个数为2的n次方个。
本题6位开关相当于6位二进制数，则状态数最多为26＝64，故B选项正确。
]4．用UltraEdit软件查看字符“PC乐园”的十六进制内码，结果如下图所示：图中字母“P”的内码是()A．50 B．50 43C．C0 D．C0 D6A[用软件查看英文、汉字字符在电脑中的内码是学考中常见的试题类型，解这类题目的关键是要明确：一个英文字符的内码占用一个字节，一个汉字的内码占用两个字节。
当用工具软件观察内码时，按从左至右的顺序进行判断，左边的显示内容是字符对应的十六进制格式的内码，2位十六进制内码占1个字节的存储空间，一个汉字的内码是2个2位的十六进制数，占用两个字节。
依据上述推理，我们可以得出字符和内码间对应关系：P(50)C(43)乐(C0D6)园(D4B0)。
] 5．用UltraEdit软件观察“苹果apple”这几个字符的内码，如图所示：则“iPhone”中的小写英文字母“o”的二进制编码是()A．01000101 B．01101001C．01101111 D．01000111C[本题考查的内容是观察字符内码以及二进制数与十六进制数之间的转换。
本题图片显示小写字母“p”的内码是70H，ASCⅡ码中字母是按顺序排列的，由此推出小写字母“o”的内码是6FH，转换成二进制数是01101111B。
]考点二| 多媒体信息的数字化一、图像、音频和视频的数字化模拟量是指在一定范围连续变化的物理量。
把表示模拟量的信号叫模拟信号。
数字量是指在时间上和数量上都是离散的物理量。
把表示数字量的信号叫数字信号。
多媒体信息数字化就是将模拟量表示的多媒体信息用计算机能够处理的①________进行②________的过程。
1．图像数字化(1)图像数字化的概念图像数字化是将连续色调的模拟图像经采样量化后转换成数字图像的过程。
像素：图像数字化的基本思想是把一幅图像看成是由许许多多彩色或各种级别灰度的点组成，这些点称为像素。
像素是描述图像的最小单位。
图像的颜色：每个像素的颜色被数字化成一定的数值，由若干个二进制位来表示，黑白位图图像一个像素只需要一位二进制就可以表示。
(2)图像数字化方法图像信息采集技术的主要方法是③________，该技术已非常成熟。
另外的方法是直接运用数字摄影技术，如利用数码相机、手机等拍摄数码相片。
(3)图像数字化过程图像的数字化过程主要分采样、量化与编码三个步骤。
图像采样：实质就是要用多少点来描述一幅图像。
将二维空间上连续的图像在水平和垂直方向上等间距地分割成矩形网状结构，所形成的微小方格称为像素，一幅图像就被采样成有限个像素构成的集合。
图像量化：是指要使用多大范围的数值来表示图像采样之后的每一个点。
量化的结果是图像能够容纳的颜色总数，它反映了怎样的质量。
量化位数越大，表示图像可以拥有更多的颜色，自然可以产生更为细致的图像效果，但是也会占用更大的存储空间。