甘肃省2018届高三下学期第一次高考诊断考试数学(理)
2018年甘肃省兰州市高考数学一诊试卷(理科)
9.某程序框图如图所示，则程序运行后输出的 的值是（）
A. B. C. D.
10.设 ：实数 ， 满足 ； ：实数 ， 满足 ，则 是 的（）
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要的条件
11.已知圆 和点 ，若圆 上存在两点 ， ，使得 ，则实数 的取值范围为（）
【解析】
此题暂无解析
【解答】
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11.
【答案】
此题暂无答案
【考点】
直线与都连位置关系
【解析】
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【解答】
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12.
【答案】
此题暂无答案
【考点】
利用验我研究务能的单调性
【解析】
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【解答】
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二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.
13.
【答案】
此题暂无答案
2018年甘肃省兰州市高考数学一诊试卷（理科）
一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1.设全集 ，集合 ，集合 ，则 （）
A. B. C. D.
2.已知复数 （ 是虚数单位），则下列说法正确的是（）
A.复数 的虚部为 B.复数 的实部为
（1）求点 的轨迹 的方程；
（2）设过点 的直线 交曲线 于 ， 两点，过点 的直线 交曲线 于 ， 两点，且 ，垂足为 （ ， ， ， 为不同的四个点）．
①设 ，证明： ；
②求四边形 的面积的最小值
21.已知函数 ，其中 为自然对数的底数．
（1）证明：当 时，① ，② ；
（2）证明：对任意 ， ，有 ．
2018年甘肃省第一次高考诊断理科数学试卷及解析
2018年甘肃省第一次高考诊断考试理科数学试卷一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.1.设全集U R =，集合{}2A x x =≥，{}06B x x =≤<，则集合()U （）A．{}02x x <<B．{}02x x <≤C．{}02x x ≤<D．{}02x x ≤≤2.在复平面内复数34iz i+=、(i 是虚数单位)对应的点在（）A．第一象限B．第二象限C．第三象限D．第四象限3.向量(,1)a m =，(1,)b m =，则“1m =”是“//a b ”的（）A．充分不必要条件B．必要不充分条件C．充要条件D．既不充分也不必要条件4.若实数x ，y 满足10,10,0,x y x y y -+≥⎧⎪+-≤⎨⎪≥⎩则2z x y =+的最大值是（）A．-1B．1C.2D．35.某几何体挖去两个半球体后的三视图如图所示，若剩余几何体的体积为23π，则a 的值为（）A．1B．2 C.22D．326.已知{}n a 是各项均为正数的等比数列，n S 为其前n 项和，若11a =，3564a a ⋅=，则6S =（）A．65B．64C.63D．627.中国古代三国时期的数学家赵爽,创作了一幅“勾股弦方图”，通过数形结合，给出了勾股定理的详细证明.如图所示,在“勾股弦方图”中，以弦为边长得到的正方形ABCD 是由4个全等的直角三角形和中间的小正方形组成，这一图形被称作“赵爽弦图”.若7cos 225BAE ∠=，则在正方形ABCD 内随机取一点，该点恰好在正方形EFGH 内的概率为（）A．2425B．45C.35D．1258.过直线23y x =+上的点作圆2246120x y x y +-++=的切线，则切线长的最小值为（）A．19B．25C.21D．5559.如图所示，若程序框图输出的所有实数对(,)x y 所对应的点都在函数2()f x ax bx c =++的图象上，则1()0f x dx =⎰（）A．1011B．1112C.1312D．121110.过双曲线2222:1x y C a b-=（0a >，0b >）的右焦点(22,0)F 作两条渐近线的垂线，垂足分别为,A B ，点O 为坐标原点，若四边形OAFB 的面积为4，则双曲线的离心率为（）A．22B．2+1C.3D．211.如图，四棱锥P ABCD -的底面是边长为2的正方形，PA ⊥平面ABCD ，且4PA =，M 是PB 上的一个动点，过点M 作平面//α平面PAD ，截棱锥所得图形面积为y ，若平面α与平面PAD 之间的距离为x ，则函数()y f x =的图象是（）A．B． C.D．12.对于任意0b >，a R ∈，不等式[][]222(2)ln (1)b a b a m m --+--≥-恒成立，则实数m 的最大值为（）A．eB．2 C.eD．3第Ⅱ卷（共90分）二、填空题：本题共4小题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.二项式62()x x-的展开式中的常数项是．(用数字作答)14.已知数列{}n a 满足115a =，12()n n a a n N n *+-=∈，则n an的最小值为．15.在某班举行的成人典礼上，甲、乙、丙三名同学中的一人获得了礼物.甲说：“礼物不在我这”；乙说：“礼物在我这”；丙说：“礼物不在乙处”.如果三人中只有一人说的是真的，请问(填“甲”、“乙”或“丙”)获得了礼物.16.抛物线2:4C y x =的焦点为F ，过准线上一点N 作NF 的垂线交y 轴于点M ，若抛物线C 上存在点E ，满足2NE NM NF =+，则MNF ∆的面积为．三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题：共60分.17.ABC ∆中，三个内角,,A B C 的对边分别为,,a b c ，若(cos ,cos )m B C =，(2,)n a c b =+，且m n ⊥.（Ⅰ）求角B 的大小；（Ⅱ）若6b =，求ABC ∆周长的取值范围.18.四棱台被过点11,,A C D 的平面截去一部分后得到如图所示的几何体，其下底面四边形ABCD 是边长为2的菱形，60BAD ∠=︒，1BB ⊥平面ABCD ，12BB =.（Ⅰ）求证：平面1AB C ⊥平面1BB D ；（Ⅱ）若1AA 与底面ABCD 所成角的正切值为2，求二面角11A BD C --的余弦值.19.2017年12月，针对国内天然气供应紧张的问题，某市政府及时安排部署，加气站采取了紧急限气措施，全市居民打响了节约能源的攻坚战.某研究人员为了了解天然气的需求状况，对该地区某些年份天然气需求量进行了统计，并绘制了相应的折线图.（Ⅰ）由折线图可以看出，可用线性回归模型拟合年度天然气需示量y (单位：千万立方米)与年份x (单位：年)之间的关系.并且已知y 关于x 的线性回归方程是ˆˆ6.5yx a =+，试确定ˆa 的值，并预测2018年该地区的天然气需求量；（Ⅱ）政府部门为节约能源出台了《购置新能源汽车补贴方案》，该方案对新能源汽车的续航里程做出了严格规定，根据续航里程的不同，将补贴金额划分为三类，A 类：每车补贴1万元，B 类：每车补贴2.5万元，C 类：每车补贴3.4万元.某出租车公司对该公司60辆新能源汽车的补贴情况进行了统计，结果如下表：类型A 类B 类C 类车辆数目102030为了制定更合理的补贴方案，政府部门决定利用分层抽样的方式了解出租车公司新能源汽车的补贴情况，在该出租车公司的60辆车中抽取6辆车作为样本，再从6辆车中抽取2辆车进一步跟踪调查.若抽取的2辆车享受的补贴金额之和记为“ξ”，求ξ的分布列及期望.20.椭圆2222:1x y E a b+=（0a b >>）的左、右焦点分别为1F ，2F ，过2F 作垂直于x 轴的直线l 与椭圆E在第一象限交于点P ，若15PF =，且23a b =.（Ⅰ）求椭圆E 的方程；（Ⅱ）A ，B 是椭圆C 上位于直线l 两侧的两点.若直线AB 过点(1,1)-，且22APF BPF ∠=∠，求直线AB 的方程.21.已知函数()ln f x a x =，a R ∈.（Ⅰ）若曲线()y f x =与曲线()g x x =在公共点处有共同的切线，求实数a 的值；（Ⅱ）在（Ⅰ）的条件下，试问函数1()()12x xe F x xf x -=-+是否有零点？如果有，求出该零点；若没有，请说明理由.(二)选考题：共10分.请考生在第22、23题中选定一题作答，并用2B 铅笔在答题卡上将所选题目对应的题号方框涂黑.按所涂题号进行评分不涂、多涂均按所答第一题评分；多答按所答第一题评分.22.选修4-4：坐标系与参数方程在平面直角坐标系中，曲线221:(3)(1)4C x y -+-=，以坐标原点O 为极点，x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系，将曲线1C 绕极点逆时针旋转6π后得到的曲线记为2C .（Ⅰ）求曲线1C ，2C 的极坐标方程；（Ⅱ）射线3πθ=（0p >）与曲线1C ，2C 分别交于异于极点O 的A ，B 两点，求AB .23.选修4-5：不等式选讲已知函数()2f x m x =--，m R ∈，且(1)0f x +≥的解集为[]0,2.（Ⅰ）求m 的值；（Ⅱ）若a ，b ，c R ∈，且11123m a b c++=，求证：239a b c ++≥.2018年甘肃省第一次高考诊断理科数学考试参考答案及评分标准一、选择题1-5:CDACB 6-10:CDABD11、12：DB二、填空题13.-16014.27415.甲16.322三、解答题17.解:（Ⅰ）∵m n ⊥，则有cos (2)cos 0B a c C b ⋅++⋅=，∴cos (2sin sin )cos sin 0B AC C B ⋅++⋅=∴2cos sin (sin cos cos sin )sin()sin B A C B C B B C A =-⋅+⋅=-+=-，∴1cos 2B =-，∴23B π=.（Ⅱ）根据余弦定理可知2222cos b a c ac B =+-，∴2236a c ac =++，又∵236()a c ac =+-，∴22()36()2a c a c ac ++-=≤，∴643a c <+≤，则ABC ∆周长的取值范围是(12,643⎤+⎦.18.解：（Ⅰ）∵1BB ⊥平面ABCD ，∴1BB AC ⊥.在菱形ABCD 中，BD AC ⊥，又1BD BB B ⋂=，∴AC ⊥平面1BB D ，∵AC ⊂平面1AB C ，∴平面1AB C ⊥平面1BB D .（Ⅱ）∵1BB ⊥平面ABCD∴1AA 与底面ABCD 所成角为1A AB ∠，∴1tan 2A AB ∠=，∴111A B =设BD ,AC 交于点O ，以O 为坐标原点，如图建立空间直角坐标系.则(0,1,0)B -，(0,1,0)D ，1(0,1,2)B -,(3,0,0)A .111131(,,2)222B A BA A =⇒- ，同理131(,,2)22C --，131(,,2)22BA = ，(0,2,0)BD = ，131(,,2)22BC =- .设平面1A BD 的法向量(,,)n x y z =，∴10,0,BA n BD n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 则(4,0,3)n =-，设平面1C BD 的法向量(,,)m x y z '''=，10,0,BD m BC m ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩则(4,0,3)m =，设二面角11A BD C --为θ，13cos 19m n m n θ⋅==.19.解：（Ⅰ）如折线图数据可知2008201020122014201620125x ++++==236246257276286260.25y ++++==代入线性回归方程ˆˆ6.5yx a =+可得ˆ12817.8a =-.将2018x =代入方程可得ˆ299.2y=千万立方米.（Ⅱ）根据分层抽样可知A 类，B 类，C 类抽取人数分别为1辆，2辆，3辆则当A 类抽1辆，B 类抽1辆时，=3.5ξ，此时1112262( 3.5)15C C P C ξ===；当A 类抽1辆，C 类抽1辆时， 4.4ξ=，此时1113263( 4.4)15C C P C ξ===；当B 类抽1辆，C 类抽1辆时， 5.9ξ=，此时11232662( 5.9)155C C P C ξ====；当B 类抽2辆时，=5ξ，此时22261(5)15C P C ξ===；当C 类抽2辆时， 6.8ξ=，此时232631( 6.8)155C P C ξ====.所以ξ的分布列为：ξ3.54.45.956.8p2153152511515∴23211273.5 4.4 5.95 6.8151551555E ξ=⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=（万元）20.解：（Ⅰ）由题可得223b PF a==，因为15PF =，由椭圆的定义得4a =，所以212b =，所以椭圆E 方程为2211612x y +=.（Ⅱ）易知点P 的坐标为(2,3).因为22APF BPF ∠=∠，所以直线PA ，PB 的斜率之和为0.设直线PA 的斜率为k ，则直线PB 的斜率为k -，设11(,)A x y ，22(,)B x y ，则直线PA 的方程为3(2)y k x -=-，由223(2)11612y k x x y -=-⎧⎪⎨+=⎪⎩可得222(3+4)8(32)4(32)480k x k k x k +-+--=，∴128(23)234k k x k ++=+同理直线PB 的方程为3(2)y k x -=--，可得2228(23)8(23)23434k k k k x k k---++==++，∴2122161234k x x k -+=+，1224834k x x k--=+，121212121212(2)3(2)3()412AB yy k x k x k x x k k x x x x x x --++--+-====---，∴满足条件的直线AB 的方程为11(1)2y x +=-，即为230x y --=.21.解：（Ⅰ）函数()ln f x a x =的定义域为(0)+∞,，()af x x '=，1()2g x x'=设曲线()y f x =与曲线()g x x =公共点为00(,)x y 由于在公共点处有共同的切线，所以0012a x x =，解得204x a =，0a >.由00()()f x g x =可得00ln a x x =.联立20004,ln ,x a a x x ⎧=⎪⎨=⎪⎩解得2ea =.（Ⅱ）函数1()()12xxe F x xf x -=-+是否有零点，转化为函数()()ln 2eH x xf x x x==与函数1()12xxe G x -=-在区间(0,)x ∈+∞是否有交点，()()ln 2eH x xf x x x ==，可得()ln (1ln )222eeeH x x x '=+=+，令()0H x '>，解得1(,)x e ∈+∞，此时函数()H x 单调递增；令()0H x '<，解得1(0,)x e ∈，此时函数()H x 单调递减.∴当1x e =-时，函数()H x 取得极小值即最小值，11()2H e =-.1()12xxe G x -=-可得11()(1)2xG x x e -'=-，令()0G x '>，解得01x <<，此时函数()G x 单调递增；令()0G x '<，解得1x >，此时函数()G x 单调递减.∴当1x =时，函数()G x 取得极大值即最大值，1(1)2G =-.因此两个函数无交点.即函数1()()12xxe F x xf x -=-+无零点.22.解：曲线221:(3)(1)4C x y -+-=化为极坐标方程是23cos 2sin ρθθ=+设曲线2C 上的点(,)Q ρθ绕极点顺时针旋转6π后得到(,)6P πρθ-在1C 上，代入可得2C 的极坐标方程是2cos 23sin ρθθ=+.（Ⅱ）将3πθ=（0ρ>）分别代入1C ，2C 的极坐标方程，得到123ρ=，24ρ=12423AB ρρ=-=-.23.（Ⅰ）()01011f x m x m x m≥⇒--≥⇒-≤≤+由(+1)0f x ≥的解集为[]02，可知1m =.（Ⅱ）111123a b c++=则111233223(22)()111232233b c a c a b a b c a b c a b c a a b b c c++=++++=++++++++233233692323b a c a c b a b a c b c=++++++≥+=当且仅当23a b c ==时等号成立，即3a =，32b =，1c =时等号成立.。
甘肃省兰州市2018届高三第一次模拟数学(理)附答案
甘肃省兰州市2018届高三第一次模拟数学（理）附答案第Ⅰ卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1．设全集，集合，集合，则()UM N =ð（ ）A ．B ．C ．D ．2．已知复数（是虚数单位），则下列说法正确的是（ ）A ．复数的实部为B ．复数的虚部为C ．复数的共轭复数为D ．复数的模为3．已知数列为等比数列，且，则（ ） A ．B ．C ．D ．4．双曲线的一条渐近线与抛物线只有一个公共点，则双曲线的离心率为（ ） A ．B ．C ．D ．5．在中，是的中点，，点在上且满足，则等于（ ） A ．B ．C ．D ．6．数列中，，对任意，有，令，，则（ ）A ．B ．C ．D ．7．若的展开式中各项的系数之和为，则分别在区间和内任取两个实数，，满足的概率为（）A．B．C．D．8．刘徽《九章算术注》记载：“邪解立方有两堑堵，邪解堑堵，其一为阳马，一为鳖臑，阳马居二，鳖臑居一，不易之率也”．意即把一长方体沿对角面一分为二，这相同的两块叫做堑堵，沿堑堵的一顶点与其相对的面的对角线剖开成两块，大的叫阳马，小的叫鳖臑，两者体积之比为定值，这一结论今称刘徽原理．如图是一个阳马的三视图，则其外接球的体积为（）A．B．C．D．9．某程序框图如图所示，则程序运行后输出的的值是（）A．B．C．D．10．设：实数，满足；：实数，满足，则是的（ ）A ．必要不充分条件B ．充分不必要条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要的条件 11．已知圆：和点，若圆上存在两点，使得，则实数的取值范围是（ ） A ．B ．C ．D ．12．定义在上的函数，已知是它的导函数，且恒有成立，则有（ ） A ．B ．C ．D ．第Ⅱ卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分． 13．若，则．14．已知样本数据，，的方差是，如果有，那么数据，，的均方差为 ．15．设函数向左平移个单位长度后得到的函数是一个奇函数，则． 16．函数，，若函数，且函数的零点均在内，则的最小值为 ．[](),,,a b a b a b <∈Z三、解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（12分）已知向量，，函数．（1）求的最小正周期；（2）当时，的最小值为，求的值．18．（12分）如图所示，矩形中，，平面，，为上的点，且平面．（1）求证：平面；（2）求平面与平面所成角的余弦值．19．（12分）某地一商场记录了月份某天当中某商品的销售量（单位：）与该地当日最高气温（单位：）的相关数据，如下表：（1）试求与的回归方程；（2）判断与之间是正相关还是负相关；若该地月某日的最高气温是，试用所求回归方程预测这天该商品的销售量；（3）假定该地月份的日最高气温，其中近似取样本平均数，近似取样本方差，试求．附：参考公式和有关数据，，，若，则，且．20．（12分）已知圆：，过且与圆相切的动圆圆心为．（1）求点的轨迹的方程；（2）设过点的直线交曲线于，两点，过点的直线交曲线于，两点，且，垂足为（，，，为不同的四个点）．①设，证明：；②求四边形的面积的最小值．21．（12分）已知函数，其中为自然对数的底数．->；（1）证明：当时，①，②1e x x（2）证明：对任意，，有．请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分．22．（10分）【选修4-4：坐标系与参数方程】在直角坐标系中，以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系．已知直线的参数方程是（是参数），圆的极坐标方程为．（1）求圆心的直角坐标；（2）由直线上的点向圆引切线，并切线长的最小值．23．（10分）【选修4-5：不等式选讲】设函数，其中．（1）当时，求不等式的解集；（2）若时，恒有，求的取值范围．2018届甘肃省兰州市高三第一次模拟考试卷数学（理） 答 案一、选择题． 1-5：CDADA 6-10：DBBAB 11、12：CC二、填空题．13．25-14．2 15．3π16．10三、解答题．17．【答案】（1）π；（2）5【解析】（1）由题意知：()())cos 2,sin 2f x x x m =⋅+2sin 22sin 23x x m x m π⎛⎫=++=++ ⎪⎝⎭，∴()f x 的最小正周期为T =π．（2）由（1）知：()2sin 23f x x m π⎛⎫=++ ⎪⎝⎭，当0,2x π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时，42,333x πππ⎡⎤+∈⎢⎥⎣⎦．∴当4233x ππ+=时，()f x 的最小值为m +．又∵()f x 的最小值为5，∴5m =，即5m =．18．【答案】（1）见解析；（2． 【解析】（1）∵AD ⊥面ABE ，∴AD AE ⊥， 又//BC AD ，∴BC AE ⊥． ∵BF ⊥面ACE ，∴BF AE ⊥． 又BCBF B =，∴AE ⊥面BCF ，即AE ⊥平面BCE ．（2）方法1：∵BF ⊥面ACE ，CE ⊂面ACE ，∴BF CE ⊥， 又BC BE =，∴F 为CE 中点，在DEC ∆中，DE CE CD === ∴DF CE ⊥，BFD ∠为二面角B CE D --的平面角，222cos 2BF DF BD BFD BF DF +-∠=⋅⋅==． ∴平面BCE 与平面CDE． 方法2：以E 为原点，EB 所在直线为x 轴，EA 所在直线为y 轴，过E 且垂直于平面ABE 的直线为z 轴建立空间直角坐标系，则相关点的坐标为()0,0,0E ，()2,0,0B ，()2,0,2C ，()0,2,2D ， 设平面BCE 的法向量1n ，平面CDE 的法向量为2n ，易知()10,1,0=n ，令()2,,x y z =n ，则220EC ED ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩n n ，故220220x z y z +=⎧⎨+=⎩，令1x =，得111x y z =⎧⎪=⎨⎪=-⎩，()21,1,1=-n ，于是121212cos ,⋅===n n n n n n ．此即平面BCE 与平面CDE 所成角的余弦值． 19．【答案】（1）0.5612.92y x =-+；（2）9.56kg ；（3）0.8185． 【解析】（1）由题意，7x =，9y =，128757928ni i i x y nx y =-=-⋅⋅=-∑，22212955750ni i x nx =-=-⋅=∑，280.5650b =-=-，()90.56712.92a y bx =-=--⋅=． ∴所求回归直线方程为0.5612.92y x =-+． （2）由0.560b =-<知，y 与x 负相关．将6x =代入回归方程可得，0.56612.929.56y =-⋅+=，即可预测当日销售量为9.56kg ． （3）由（1）知7xμ≈=， 3.2σ≈=，∴()()3.813.42P X P X μσμσ<<=-<<+()()11220.818522P X P X μσμσμσμσ=-<<++-<<+=． 20．【答案】（1）2212x y +=；（2）①见解析；②169． 【解析】（1）设动圆半径为r ，由于D 在圆内，圆P 与圆C 内切，则PC r =，PD r =，PC PD +=2CD >=， 由椭圆定义可知，点P 的轨迹E 是椭圆，a =，1c=，1b ==，E 的方程为2212x y +=． （2）①证明：由已知条件可知，垂足W 在以CD 为直径的圆周上，则有22001x y +=，又因Q ，R ，S ，T 为不同的四个点，220012x y +<． ②解：若1l 或2l 的斜率不存在，四边形QRST 的面积为2． 若两条直线的斜率存在，设1l 的斜率为1k ，则1l 的方程为()11y k x =+，解方程组()122112y k x x y ⎧=+⎪⎨+=⎪⎩，得()2222214220k x k x k +++-=，则QS =，同理得RT =， ∴()()()()()22222222111164492921214QSRT k k S QS RT k k k ++=⋅=≥=+++，当且仅当22212k k +=+，即1k =±时等号成立．综上所述，当1k =±时，四边形QRST 的面积取得最小值为169． 21．【答案】（1）见解析；（2）见解析．【解析】（1）令())1m x =-，则()1'102m x x ⎫==<⎪⎭，()m x 为()1,+∞上的减函数， 而()10m =，∴())10m x =-<，ln 1<-成立； 令()1e x n x x -=-，则()1'e 10x n x -=->，()n x 为()1,+∞上的增函数，而()10n =，∴()1e 0x n x x -=->，1e x x ->成立．（2）()11ln 2f x x ⎫>+⎪⎭，即11e 1ln 1ln 12x x t x x -+⎫>+=+⎪-⎭， 由（1）1<-，∴1+<1x +<=， ∴只需证1e 1x x t x x -+<-，即()12e x x t x x -+>-， 由（1）1e x x ->，∴只需证()2x t x x x +>-，只需证1x t x +>-，即1t >-，上式已知成立，故原式成立，得证．22．【答案】（1）；（2）． 【解析】（1）∵ρθθ=-，∴2cos sin ρθθ=-， ∴圆C的直角坐标方程为220x y ++=，即221x y ⎛⎛-++= ⎝⎝，∴圆心直角坐标为． （2）方法1：直线l 上的点向圆C 引切线长是==≥， ∴直线l 上的点向圆C引的切线长的最小值是．方法2：直线l的普通方程为0x y -+=，∴圆心C 到直线l5，∴直线l 上的点向圆C=．23．【答案】（1）(][),13,-∞+∞；（2）2a ≥．【解析】（1）当2a =时，2221x x x -+≥+， ∴21x -≥，∴3x ≥或1x ≤，解集为(][),13,-∞+∞．（2）()3,,x a x a f x x a x a -≥⎧=⎨+<⎩，∵0a >，∴x a ≥时，320x a a -≥>恒成立， 又x a <时，当2x >-时，2x a a +>-+，∴只需20a -+≥即可， ∴2a ≥．。
2018届甘肃省兰州市高三第一次模拟考试卷 数学(理)
2018 届甘肃省兰州市高三第一次模拟考试卷6． 数列 an 中，a1 1 ， 对任意 n N* ， 有 an 1 1 n an ， 令 bi （ A． ）2017 10091 i N* ， ， 则 b1 b2 b2018 ai数学（理）注意 事项： 1 ． 答题 前， 先 将自 己的姓 名 、准 考证 号填 写 在试 题 卷和 答题 卡上 ， 并将 准 考证 号条 形码 粘贴在B．2017 2018C．2018 2019D．4036 2019座位号答题卡上的指定位置。
2 ．选择题的作答：每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试 题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3 ． 非选 择题 的 作答 ：用签 字 笔直 接答 在答 题 卡上 对 应的 答题 区域 内 。
写 在 试题 卷、 草稿 纸和答 题卡上的非答题区域均无效。
4 ．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
n n 1 7．若 x 1 的展开式中各项的系数之和为 81 ，则分别在区间 0, 和 0, 内任取两个实数 4 x x ， y ，满足 y sin x 的概率为（A． 1 1 ） C． 1 3 B． 1 2 D．1 28．刘徽《九章算术注》记载：“邪解立方有两堑堵，邪解堑堵，其一为阳马，一为鳖臑，阳马 居二，鳖臑居一，不易之率也”．意即把一长方体沿对角面一分为二，这相同的两块叫做堑堵，考场号第Ⅰ卷一、选择题：本大题共 12 小题，每小题 5 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的． 1．设全集 U R ，集合 M {x | x 0} ，集合 N {x | x 2 1} ，则 M ð UN （ A． 0,1 B． 0,1 C． 1, D． 1, ） ）沿堑堵的一顶点与其相对的面的对角线剖开成两块，大的叫阳马，小的叫鳖臑，两者体积之比为 定值 2 :1 ，这一结论今称刘徽原理．如图是一个阳马的三视图，则其外接球的体积为（ ）2．已知复数 z 5 12i （ i 是虚数单位），则下列说法正确的是（ 准考证号 A．复数 z 的实部为 5 C．复数 z 的共轭复数为 5 12i B．复数 z 的虚部为 12i D．复数 z 的模为 13A． 3B．3 2C． 3D． 4 ）9．某程序框图如图所示，则程序运行后输出的 S 的值是（ ）3．已知数列 an 为等比数列，且 a2 a6 2a4 2 ，则 tan a3 a5 （ A． 3 B． 3 C． 3 3D． 34．双曲线 姓名 （ A．5 4x2 y 2 2 1 的一条渐近线与抛物线 y x 2 1 只有一个公共点，则双曲线的离心率为 2 a b） B． 5 C．5 4D． 5 5．在 △ABC 中， M 是 BC 的中点， AM 1 ，点 P 在 AM 上且满足 AP 2 PM ，则 PA PB PCA． 1008 B． 2017 C． 2018 D． 3025班级等于（ A． 4 9） B． 4 3C．4 3D．4 9x y 1 10．设 p ：实数 x ， y 满足 x 1 y 2 2 3 2 2 ； q ：实数 x ， y 满足 x y 1 ，则 p y 1 22（1）求 f x 的最小正周期； （2）当 x 0, 时， f x 的最小值为 5 ，求 m 的值． 2是 q 的（） B．充分不必要条件 D．既不充分也不必要的条件2 2A．必要不充分条件 C．充要条件11．已知圆 C ： x 1 y 4 10 和点 M 5, t ，若圆 C 上存在两点 A ， B 使得 MA MB ，则 实数 t 的取值范围是（ A． 2, 6 ） C． 2, 6 D． 3,5B． 3,5 12． 定义在 0, 上的函数 f x ， 已知 f ' x 是它的导函数， 且恒有 cos x f x sin x f x 0 成 2立，则有（） B． 3 f f 6 3 D． f 3 f 6 4 A． f 2 f 6 4 C． f 3 f 6 318． （12 分）如图所示，矩形 ABCD 中， AC BD G ， AD 平面 ABE ， AE EB BC 2 ， F 为 CE 上的点，且 BF 平面 ACE ． （1）求证： AE 平面 BCE ； （2）求平面 BCE 与平面 CDE 所成角的余弦值．第Ⅱ卷二、填空题：本大题共 4 小题，每小题 5 分．2 13．若 sin ，则 cos 5 4 4 ．14．已知样本数据 a1 ， a2 ， a2018 的方差是 4 ，如果有 bi ai 2 i 1, 2, , 2018 ，那么数据 b1 ，b2 ， b2018 的均方差为． 15．设函数 f ( x) sin 2 x 向左平移 个单位长度后得到的函数是一个奇函数，则 2 3 ．16．函数 f x 1 x x 2 x3 x 2 x3 ， g x 1 x ，若函数 F x f x 3 g x 4 ，且函数 2 3 2 3． 19．（12 分）某地一商场记录了 12 月份某 5 天当中某商品的销售量 y （单位： kg ）与该地当日最 高气温 x （单位： C ）的相关数据，如下表：F x 的零点均在 a, b a b, a, b Z 内，则 b a 的最小值为三、解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 17．（12 分）已知向量 a cos 2 x,sin 2 x ， b 3,1 ，函数 f x a b m ．xy11985212（2）设过点 C 的直线 l1 交曲线 E 于 Q ，S 两点，过点 D 的直线 l2 交曲线 E 于 R ，T 两点， 且 l1 l2 ， 垂足为 W （ Q ， R ， S ， T 为不同的四个点）． ①设 W x0 , y0 ，证明：78810 a ； （1）试求 y 与 x 的回归方程 y bx（2）判断 y 与 x 之间是正相关还是负相关；若该地 12 月某日的最高气温是 6 C ，试用所求回归方 程预测这天该商品的销售量；2 （3）假定该地 12 月份的日最高气温 X N , ，其中 近似取样本平均数 x ， 2 近似取样本x0 2 y0 2 1 ； 2②求四边形 QRST 的面积的最小值．方差 s 2 ，试求 P 3.8 X 13.4 ．n xi yi nx y i 1 b n 2 2 附：参考公式和有关数据 xi nx i 1 a y bx ( x x)( y y )i 1 i in ( x x)i 1 in2， 10 3.2 ， 3.2 1.8 ，若X N , 2 ，则 P X 0.6826 ，且 P 2 X 2 0.9544 ．20．（12 分）已知圆 C ： x 1 y 2 8 ，过 D 1, 0 且与圆 C 相切的动圆圆心为 P ．221．（12 分）已知函数 f x （1）求点 P 的轨迹 E 的方程；x t x 1 e ，其中 e 为自然对数的底数． x 1（1）证明：当 x 1 时，① ln x x 1 ，② e x 1 x ； 1 （2）证明：对任意 x 1 ， t 1 ，有 f x x 1 ln x ． 2 在直角坐标系 xOy 中，以坐标原点为极点， x 轴正半轴为极轴建立极坐标系．已知直线 l 的参数方 x 程是 y 2 t 2 （ t 是参数），圆 C 的极坐标方程为 2 cos ． 4 2 t4 2 2（1）求圆心 C 的直角坐标； （2）由直线 l 上的点向圆 C 引切线，并切线长的最小值．23． （10 分） 【选修 4-5：不等式选讲】 设函数 f x x a 2 x ，其中 a 0 ． （1）当 a 2 时，求不等式 f x 2 x 1 的解集； （2）若 x 2, 时，恒有 f x 0 ，求 a 的取值范围．请考生在 22 、 23 两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分． 22． （10 分） 【选修 4-4：坐标系与参数方程】2018 届甘肃省兰州市高三第一次模拟考试卷∴ DF CE ， BFD 为二面角 B CE D 的平面角，数学（理） 答 案一、选择题． 1-5：CDADA 二、填空题． 13． 2 5cos BFD 2 6 12 3 BF 2 DF 2 BD 2 ． 3 2 BF DF 2 2 63 ． 3∴平面 BCE 与平面 CDE 所成角的余弦值为 6-10：DBBAB 11、12：CC 3方法 2：以 E 为原点， EB 所在直线为 x 轴， EA 所在直线为 y 轴，过 E 且垂直于平面 ABE 的直线 14． 2 15． 16． 10 为 z 轴建立空间直角坐标系， 则相关点的坐标为 E 0, 0, 0 ， B 2, 0, 0 ， C 2, 0, 2 ， D 0, 2, 2 ， 设平面 BCE 的法向量 n1 ，平面 CDE 的法向量为 n2 ，易知 n1 0,1, 0 ，三、解答题． 17． 【答案】 （1） ； （2） 5 3 ． 【解析】（1）由题意知： f x cos 2 x,sin 2 x 3 cos 2 x sin 2 x m 2sin 2 x m ， 3 3,1 m n EC 0 2 令 n2 x, y, z ，则 ， n2 ED 0∴ f ( x) 的最小正周期为 T ． 4 （2）由（1）知： f x 2sin 2 x m ，当 x 0, 时， 2 x , ． 3 3 3 3 2x 1 2 x 2 z 0 故 ，令 x 1 ，得 y 1 ， n2 1,1, 1 ， 2 y 2 z 0 z 1 于是 cos n1 , n2 n1 n2 1 3 ．此即平面 BCE 与平面 CDE 所成角的余弦值． n1 n2 1 3 3∴当 2 x 4 时， f x 的最小值为 3 m ． 3 319．【答案】 （1） （2） 9.56kg ；（3） 0.8185 ． y 0.56 x 12.92 ； 【解析】（1）由题意， x 7 ， y 9 ， xi yi nx y 287 5 7 9 28 ，i 1 n又∵ f x 的最小值为 5 ，∴ 3 m 5 ，即 m 5 3 ． 18．【答案】 （1）见解析； （2）3 ． 3xi 1n2i2 28 0.56 ， a y bx 9 0.56 7 12.92 ． nx 295 5 7 2 50 ， b 50【解析】（1）∵ AD 面 ABE ，∴ AD AE ， 又 BC / / AD ，∴ BC AE ． ∵ BF 面 ACE ，∴ BF AE ． 又 BC BF B ，∴ AE 面 BCF ，即 AE 平面 BCE ．∴所求回归直线方程为 y 0.56 x 12.92 ． 0.56 0 知， y 与 x 负相关． （2）由 b将 x 6 代入回归方程可得， y 0.56 6 12.92 9.56 ，即可预测当日销售量为 9.56kg ． （3）由（1）知 x 7 ， S 2 3.2 ， ∴ P 3.8 X 13.4 P X 2 1 1 P X P 2 X 2 0.8185 ． 2 2 16 x2 （2）①见解析；② ． y2 1； 9 2（2）方法 1：∵ BF 面 ACE ， CE 面 ACE ，∴ BF CE ， 又 BC BE ，∴ F 为 CE 中点，在 DEC 中， DE CE CD 2 2 ，20．【答案】 （1）【解析】（1）设动圆半径为 r ，由于 D 在圆内，圆 P 与圆 C 内切，则 PC 2 2 r ， PD r ， PC PD 2 2 CD 2 ， 由椭圆定义可知，点 P 的轨迹 E 是椭圆， a 2 ， c 1 ， b 2 1 1 ，由（1） ln x x 1 ，∴ 1 ln x x ， x 1 ln x x x x ， ∴只需证 x x t x 1 e ，即 x t e x 1 x 2 x ， x 1x2 E 的方程为 y 2 1 ． 2（2）①证明：由已知条件可知，垂足 W 在以 CD 为直径的圆周上，2 2 则有 x0 y0 1 ，又因 Q ， R ， S ， T 为不同的四个点，2 由（1） e x 1 x ，∴只需证 x t x x x ，只需证 x t x 1 ，即 t 1 ，上式已知成立，故原式成立，得证． 2 2 , 22．【答案】 （1） （2） 2 6 ． ； 2 2 x0 y0 2 1 ． 22【解析】（1）∵ 2 cos 2 sin ，∴ 2 2 cos 2 sin ， ∴圆 C 的直角坐标方程为 x 2 y 2 2 x 2 y 0 ，②解：若 l1 或 l2 的斜率不存在，四边形 QRST 的面积为 2 ． 若两条直线的斜率存在，设 l1 的斜率为 k1 ， 则 l1 的方程为 y k1 x 1 ， y k1 x 1 2 2 2 2 解方程组 x 2 ，得 2k 1 x 4k x 2k 2 0 ， 2 y 1 2 2 2 2 2 , x y 1 即 ，∴圆心直角坐标为 ． 2 2 2 2 2 2（2）方法 1：直线 l 上的点向圆 C 引切线长是 2 2 2 2 t t 4 2 1 t 2 8t 40 (t 4) 2 24 2 6 ， 2 2 2 2 2 2则 QS 2 2k 2 1 k 2 1 ，同理得 ， RT 2 2 2k 2 1 k2 22 2∴直线 l 上的点向圆 C 引的切线长的最小值是 2 6 ． 方法 2：直线 l 的普通方程为 x y 4 2 0 ，2 2 4 2 2 ∴圆心 C 到直线 l 距离是 2 216 ． 9∴ SQSRTk 2 1 k 2 1 1 16 QS RT 4 4 ， 2 2 2 2 2k 1 k 2 9 k 2 1 9 4当且仅当 2k 2 1 k 2 2 ，即 k 1 时等号成立． 综上所述，当 k 1 时，四边形 QRST 的面积取得最小值为 21．【答案】 （1）见解析； （2）见解析． 【解析】（1）令 m x ln x 则 m ' x 5，∴直线 l 上的点向圆 C 引的切线长的最小值是 52 12 2 6 ． 23．【答案】 （1） ,1 3, ； （2） a 2 ． 【解析】（1）当 a 2 时， x 2 2 x 2 x 1 ， ∴ x 2 1 ，∴ x 3 或 x 1 ，解集为 ,1 3, ．x 1 ，1 1 1 1 1 0 ， m x 为 1, 上的减函数， 2x 2 x 2 x x 而 m 1 0 ，∴ m x ln x 令 n x ex 1x 1 0 ， ln x x 1 成立；3 x a, x a （2） f x ，∵ a 0 ，∴ x a 时， 3 x a 2a 0 恒成立， x a, x a又 x a 时，当 x 2 时， x a 2 a ，∴只需 2 a 0 即可， ∴a 2． x ，则 n ' x e x 1 1 0 ， n x 为 1, 上的增函数，x 1而 n 1 0 ，∴ n x e x 0 ， e x 1 x 成立．x t x 1 1 1 e x 1 ln x x 1 ln x ， （2） f x x 1 ln x ，即 x 1 2 2 。
2018年甘肃省兰州市高考数学一诊试卷(理科)
2018年甘肃省兰州市高考数学一诊试卷（理科）一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 设全集U =R ，集合M ={x|x ≥0}，集合N ={x|x 2<1}，则M ∩(∁U N)=（ ） A.(0, 1) B.[0, 1] C.[1, +∞) D.(1, +∞)2. 已知复数z =−5+12i （i 是虚数单位），则下列说法正确的是（ ） A.复数z 的实部为5 B.复数z 的虚部为12iC.复数z 的共轭复数为5+12iD.复数z 的模为133. 已知数列{a n }为等比数列，且a 2a 6+2a 42=π，则tan(a 3a 5)=( ) A.√3 B.−√3 C.−√33D.±√3 4. 双曲线x 2a2−y 2b 2=1的一条渐近线与抛物线y =x 2+1只有一个公共点，则双曲线的离心率为（ ） A.54B.5C.√54D.√55. 在△ABC 中，M 是BC 的中点，AM =1，点P 在AM 上且满足学AP →=2PM →，则PA →⋅(PB →+PC →)等于（ ） A.−49 B.−43C.43D.496. 数列{a n }中，a 1=1，对任意n ∈N ∗，有a n+1=1+n +a n ，令b i =1a i，(i ∈N ∗)，则b 1+b 2+...+b 2018=( ) A.20171009 B.20172018C.20182019D.403620197. 若(x +1x +1)n 的展开式中各项的系数之和为81，则分别在区间[0, π]和[0, n4]内任取两个实数x ，y ，满足y >sinx 的概率为（ ） A.1−1πB.1−2πC.1−3πD.128. 刘徽《九章算术注》记载：“邪解立方有两堑堵，邪解堑堵，其一为阳马，一为鳖臑，阳马居二，鳖臑居一，不易之率也”．意即把一长方体沿对角面一分为二，这相同的两块叫做堑堵，沿堑堵的一顶点与其相对的面的对角线剖开成两块，大的叫阳马，小的叫鳖臑，两者体积之比为定值2:1，这一结论今称刘徽原理．如图是一个阳马的三视图，则其外接球的体积为（ ）A.4πB.3πC.√3πD.√32π9. 某程序框图如图所示，则程序运行后输出的S的值是（）A.1008B.2017C.2018D.302510. 设p：实数x，y满足(x−1)2+\lbracky−(2−√2)brack2≤3−2√2；q：实数x，y满足{x−y≤1x+y≥1y≤1，则p是q的（）A.必要不充分条件B.充分不必要条件C.充要条件D.既不充分也不必要的条件11. 已知圆C:(x−1)2+(y−4)2=10和点M(5,t)，若圆C上存在两点A，B，使得MA⊥MB，则实数t的取值范围为（）A.[−2,6]B.[−3,5]C.[2,6]D.[3,5]12. 定义在(0,π2)上的函数f(x)，已知f′(x)是它的导函数，且恒有cosx⋅f′(x)+sinx⋅f(x)<0成立，则有（）A.f(π6)>√2f(π4) B.√3f(π6)>f(π3)C.f(π6)>√3f(π3) D.f(π6)>√3f(π4)二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.13. 若sin(π4−α)=−25，则cos(π4+α)=________．14. 已知样本数据a1，a2，……a2018的方差是4，如果有b i=a i−2(i=1, 2,…,2018)，那么数据b1，b2，……b2018的均方差为________．15. 设函数f(x)=sin(2x +φ)(|φ|<π2)向左平移π3个单位长度后得到的函数是一个奇函数，则φ=________．16. 函数f(x)=1+x −x 22+x 33，g(x)=1−x +x 22−x 33，若函数F(x)=f(x +3)g(x −4)，且函数F(x)的零点均在[a, b](a <b, a, b ∈Z)内，则b −a 的最小值为________． 三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答.17. 已知向量a →=(cos2x,sin2x)，b →=(√3,1)，函数f(x)=a →∗b →+m ．（1）求f(x)的最小正周期；（2）当x ∈[0,π2brack 时，f(x)的最小值为5，求m 的值．18. 如图所示，矩形ABCD 中，AC ∩BD =G ，AD ⊥平面ABE ，AE =EB =BC =2，F 为CE 上的点，且BF ⊥平面ACE ． （1）求证：AE ⊥平面BCE ；（2）求平面BCE 与平面CDE 所成角的余弦值．19. 某地一商场记录了12月份某5天当中某商品的销售量y （单位：kg ）与该地当日最高气温x （单位：∘C ）的相关数据，如表：（1）试求y 与x 的回归方程y ^=b ^x +a ^；（2）判断y 与x 之间是正相关还是负相关；若该地12月某日的最高气温是6∘C ，试用所求回归方程预测这天该商品的销售量；（3）假定该地12月份的日最高气温X ∼N(μ, σ2)，其中μ近似取样本平均数x ，σ2近似取样本方差s 2，试求P(3.8<X <13.4)．附：参考公式和有关数据{b ^=∑−i=1n xiyi nxy ∑x i 2n i=1−nx 2=∑(n i=1x i −x)(y i −y)∑(x i −x)2n i=1a ^=y −b ^x ，√10≈3.2，√3.2≈1.8，若X ∼N(μ, σ2)，则P(μ−σ<X <μ+σ)=0.6826，且P(μ−2σ<X <μ+2σ)=0.9544．20. 已知圆C ：(x +1)2+y 2=8，过D(1, 0)且与圆C 相切的动圆圆心为P ． （1）求点P 的轨迹E 的方程；（2）设过点C 的直线l 1交曲线E 于Q ，S 两点，过点D 的直线l 2交曲线E 于R ，T 两点，且l 1⊥l 2，垂足为W （Q ，R ，S ，T 为不同的四个点）．①设W(x 0, y 0)，证明：x 022+y 02<1；②求四边形QRST 的面积的最小值21. 已知函数f(x)=x+tx−1e x−1，其中e 为自然对数的底数． （1）证明：当x >1时，①ln √x <√x −1，②e x−1>x ；（2）证明：对任意x >1，t >−1，有f(x)>√x(1+12lnx)．选考题：共10分.请考生在22、23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分.[选修4-4：坐标系与参数方程]22. 在直角坐标系xOy 中，以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系．已知直线l 的参数方程是{x =√22t y =√22t +4√2 （t 是参数），圆C 的极坐标方程为ρ=2cos(θ+π4)．（1）求圆心C 的直角坐标；（2）由直线l 上的点向圆C 引切线，并切线长的最小值． [选修4-5：不等式选讲]23. 设函数f(x)=|x −a|+2x ，其中a >0．（1）当a =2时，求不等式f(x)≥2x +1的解集；（2）若x ∈(−2, +∞)时，恒有f(x)>0，求a 的取值范围．参考答案与试题解析2018年甘肃省兰州市高考数学一诊试卷（理科）一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.【答案】C【考点】交、并、补集的混合运算【解析】此题暂无解析【解答】解：∵N={x|−1<x<1}，U=R，∴∁U N={x|x≤−1或x≥1}．∵M={x|x≥0}，∴M∩(∁U N)=[1,+∞)．故选C．2.【答案】D【考点】虚数单位i及其性质复数的运算复数求模复数的基本概念【解析】直接利用复数的基本概念得选项．【解答】∵z=−5+12i，∴z的实部为−5，虚部为12，z的共轭复数为−5−12i，模为√(−5)2+(12)2=13．∴说法正确的是复数z的模为13．3.【答案】A【考点】等比数列的通项公式【解析】由等比数列{a n}的性质可得：a2a6=a3a5=a42，根据a2a6+2a42=π=3a3a5，可得a3a5．利用三角函数求值即可得出．【解答】由等比数列{a n}的性质可得：a2a6=a3a5=a42，∴a2a6+2a42=π=3a3a5，∴a3a5=π．3=√3．则tan(a3a5)=tanπ34.【答案】 D【考点】 圆锥曲线 【解析】先根据双曲线方程表示出渐近线方程与抛物线方程联立，利用判别式等于0求得a 和b 的关系，进而求得a 和c 的关系，则双曲线的离心率可得． 【解答】依题意可知双曲线渐近线方程为y =±ba x ，与抛物线方程联立消去y 得x 2±ba x +1=0∵ 渐近线与抛物线有一个交点 ∴ △=b 2a 2−4=0，求得b 2=4a 2，∴ c =√a 2+b 2=√5a ， ∴ e =ca =√5，5.【答案】 A【考点】平行向量的性质平面向量数量积的性质及其运算律 【解析】由M 是BC 的中点，知AM 是BC 边上的中线，又由点P 在AM 上且满足AP →=2PM →可得：P 是三角形ABC 的重心，根据重心的性质，即可求解． 【解答】∵ M 是BC 的中点，知AM 是BC 边上的中线，又由点P 在AM 上且满足AP →=2PM →∴ P 是三角形ABC 的重心 ∴ PA →∗(PB →+PC →) =PA →∗AP →=−|PA →|2 又∵ AM =1 ∴ |PA →|=23∴ PA →∗(PB →+PC →)=−496.【答案】 D【考点】 数列递推式 【解析】a n+1=1+n +a n ，即a n+1−a n =n +1．n ≥2时，a n =(a n −a n−1)+(a n−1−a n−2)+……+(a 2−a 1)+a 1，可得a n ．b n =1a n=2n(n+1)=2(1n −1n+1)，利用裂项求和方法即可得出． 【解答】a n+1=1+n +a n ，即a n+1−a n =n +1．∴ n ≥2时，a n =(a n −a n−1)+(a n−1−a n−2)+……+(a 2−a 1)+a 1 =n +(n −1)+……+2+1 =n(n+1)2．n =1时也成立．b n =1a n=2n(n+1)=2(1n−1n+1)，则b 1+b 2+...+b 2018=2[(1−12)+(12−13)+……+(12018−12019)brack =2(1−12019) =40362019．7.【答案】 B【考点】二项式定理的用法 【解析】根据几何概型的概率公式，求出对应事件对应的平面区域的面积，进行求解即可 【解答】由题意知，令x =1，得到3n =81，解得 n =4，∴ 0≤x ≤π，0≤y ≤1． 作出对应的图象如图所示：则此时对应的面积S =π×1=π， 满足y ≥sinx 的点构成区域的面积为： S =∫πsinxdx =−cosx|π=−cosπ+cos0=2，则满足y >sinx 的概率为P =1−2π． 故选：B ．8.【答案】D【考点】由三视图求体积球的体积和表面积球内接多面体【解析】根据三视图得出四棱锥的结构特征，根据阳马与长方体的关系计算长方体的棱长，得出外接球的体积．【解答】由题意可知阳马为四棱锥，且四棱锥的底面为长方体的一个侧面，四棱锥的高为长方体的一棱长，且阳马的外接球也是长方体的外接球．由三视图可知四棱锥的底面是边长为1的正方形，四棱锥的高为，1，∴长方体的一个顶点处的三条棱长分别为1，1，1，∴长方体的对角线为√3，∴外接球的半径为√32，∴外接球的体积为V=4π3∗(√32)3=√3π2．9.【答案】A【考点】程序框图【解析】本题主要考查程序框图，同时考查了三角函数的相关知识.【解答】解：执行程序框图可知，输出的S=a1+a2+⋯+a2016+a2017+a2018=(0+1)+(−2+1)+(0+1)+(4+1)+⋯+(0+1)+(−2014+1)+(0+1)+ (2016+1)+(0+1)+(−2018+1)=6×20164+1−2017=3024+1−2017=1008, 故输出的S的值是1008.故选A.10.【答案】B【考点】充分条件【解析】分别作出p，q对应区域，结合充分条件和必要条件的定义进行判断即可．【解答】(x−1)2+\lbracky−(2−√2)brack2≤3−2√2=(√2−1)2，则p对应的表达式表示以(1, 2−√2)为圆心，半径r=√2−1的圆及其内部，q对应的平面区域为三角形内部，由图象知p对应区域都在三角形内，则p是q的充分不必要条件，方法2：圆心(1, 2−√2)到y=1的距离d=1−(2−√2)=√2−1=R，圆心(1, 2−√2)到x−y=1的距离d=√2)−1|√2=√2√2=√2−1=R，圆心(1, 2−√2)当x+y=1的距离d=√2−1|√2=√2−1=R，即p对应的区域都在q对应三角形区域内部，则p是q的充分不必要条件，11.【答案】C【考点】直线与圆的位置关系【解析】本题考查直线与圆的位置关系．【解答】解：由题意，知满足条件的t的值在直线x=5的两个点的纵坐标之间取值，过此两个点与圆相切的两条直线互相垂直．设过点(5,t)的直线方程为y−t=k(x−5)，由相切条件，得√k2+1=√10，整理，得6k2+8(4−t)k+(t−4)2−10=0，由题意知此方程的两根满足k1k2=−1，所以(t−4)2−106=−1，解得t=2或t=6，所以2≤t≤6．故选C．12.【答案】C【考点】利用导数研究函数的单调性【解析】根据题意，令g(x)=f(x)cosx ，x∈(0, π2)，对其求导分析可得g′(x)<0，即函数g(x)为减函数，结合选项分析可得答案【解答】根据题意，令g(x)=f(x)cosx ，x∈(0, π2)，则其导数g′(x)=f′(x)cosx+sinxf(x)cos2x，又由x∈(0, π2)，且恒有cosx⋅f′(x)+sinx⋅f(x)<0，则有g′(x)<0，即函数g(x)为减函数，又由π6<π3，则有g(π6)>g(π3)，即f(π6)cosπ6>f(π3)cosπ3，分析可得f(π6)>√3f(π3)，又由π6<π4，则有g(π6)>g(π4)，即f(π6)cosπ6>f(π4)cosπ4，分析可得√2f(π6)>√3f(π4)，二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.13.【答案】−2 5【考点】两角和与差的三角函数【解析】根据(π4+α)+(π4−α)=π2，利用诱导公式求出对应数值．【解答】sin(π4−α)=−25，∴cos(π4+α)=cos[π2−(π4−α)]=sin(π4−α)=−25．14.【答案】4【考点】极差、方差与标准差【解析】根据一组数据的平均数与方差的定义和计算公式，即可推导出正确的结论．【解答】根据题意，样本数据a1，a2，…，a2018的平均数为a，其方差是4，则有s a2=12018[(a1−a )2+(a2−a )2+(a3−a )2+...+(a2018−a )2]= 4，对于数据b i=a i−2(i=1, 2,…,2018)，其平均数为b=12018(b1+b2+...+b2018)=12018[(a1−2)+(a2−2)+...+(a2018−2)]=a−2，其方差为s b2=12018[(b1−b )2+(b2−b )2+(b3−b )2+...+(b2018−b )2]=12018[(a1−a )2+(a2−a )2+(a3−a )2+...+(a2018−a )2]=4，15.【答案】π3【考点】函数y=Asin（ωx+φ）的图象变换【解析】直接利用函数的图象的平移变换求出结果．【解答】函数f(x)=sin(2x+φ)(|φ|<π2)向左平移π3个单位长度后，得到：g(x)=sin(2x+2π3+φ)的函数是一个奇函数，则：φ+2π3=kπ(k∈Z)，解得：φ=kπ−2π3(k∈Z)，当k=1时，φ=π3．16.【答案】10【考点】函数与方程的综合运用【解析】根据函数单调性和零点的存在性定理判断f(x)与g(x)的零点所在区间，从而得出F(x)的零点所在区间．【解答】∵f′(x)=1−x+x2=(x−12)2+34>0，g′(x)=−1+x−x2=−(x−12)2−34<0，∴f(x)在R上单调递增，g(x)在R上单调递减，又f(−1)=−56<0，f(0)=1>0，g(1)=16>0，g(2)=−53<0，∴f(x)的唯一零点在(−1, 0)上，g(x)的唯一零点在(1, 2)上．令F(x)=0可得f(x+3)=0或g(x−4)=0，∴f(x+3)的唯一零点在(−4, −3)上，g(x−4)的唯一零点在(5, 6)上．∵函数F(x)的零点均在[a, b](a<b, a, b∈Z)内，∴a≤−4，b≥6．∴b−a的最小值为10．故答案为：10．三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答.17.【答案】由题意知：f(x)=cos(2x, sin2x)⋅(√3, 1)=√3cos2x+sin2x+m=2sin(2x+π3)+ m，所以f(x)的最小正周期为T=π．由（1）知：f(x)=2sin(2x+π3)+m，当x∈[0,π2brack时，2x+π3∈[π3,4π3brack．所以当2x+π3=4π3时，f(x)的最小值为−√3+m．又∵f(x)的最小值为5，∴−√3+m=5，即m=5+√3．【考点】平面向量数量积的性质及其运算律三角函数的周期性及其求法【解析】（1）根据向量的数量积公式和两角和的正弦公式可化简可得f(x)=2sin(2x+π3)+m，再根据周期的定义即可求出，（2）根据正弦函数的性质即可求出m的值．【解答】由题意知：f(x)=cos(2x, sin2x)⋅(√3, 1)=√3cos2x+sin2x+m=2sin(2x+π3)+ m，所以f(x)的最小正周期为T=π．由（1）知：f(x)=2sin(2x+π3)+m，当x∈[0,π2brack时，2x+π3∈[π3,4π3brack．所以当2x+π3=4π3时，f(x)的最小值为−√3+m．又∵f(x)的最小值为5，∴−√3+m=5，即m=5+√3．18.【答案】证明：因为AD⊥面ABE，所以AD⊥AE，又BC // AD，所以BC⊥AE．因为BF⊥面ACE，所以BF⊥AE．又BC∩BF=B，所以AE⊥面BCF，即AE⊥平面BCE．方法1：因为BF ⊥面ACE ，CE ⊂面ACE ，所以BF ⊥CE ， 又BC =BE ，所以F 为CE 中点，在△DEC 中，DE =CE =CD =2√2，所以DF ⊥CE ，∠BFD 为二面角B −CE −D 的平面角，cos∠BFD =BF 2+DF 2−BD 22∗BF∗DF=2∗√2∗√6=−√33． ∴ 平面BCE 与平面CDE 所成角的余弦值为√33．方法2：以E 为原点，EB 所在直线为x 轴，EA 所在直线为y 轴，过E 且垂直于平面ABE 的直线为z 轴建立空间直角坐标系，则相关点的坐标为E(0, 0, 0)，B(2, 0, 0)，C(2, 0, 2)，D(0, 2, 2)，设平面BCE 的法向量n 1→，平面CDE 的法向量为n 2→，易知n 1→=(0,1,0)，令n 2→=(x,y,z)，则{n 2→∗EC →=0n 2→∗ED →=0 ，故{2x +2z =02y +2z =0，令x =1，得{x =1y =1z =−1，n 2→=(1,1,−1)， 于是，cos <n 1→,n 2→>=n 1→∗n 2→|n 1→||n 2→|=1∗√3=√33． 此即平面BCE 与平面CDE 所成角的余弦值． 【考点】直线与平面垂直二面角的平面角及求法 【解析】（1）证明AD ⊥AE ，BC ⊥AE ．推出AE ⊥面BCF ，得到AE ⊥平面BCE ．（2）方法1：说明∠BFD 为二面角B −CE −D 的平面角，通过求解三角形求解即可． 方法2：以E 为原点，EB 所在直线为x 轴，EA 所在直线为y 轴，过E 且垂直于平面ABE 的直线为z 轴建立空间直角坐标系，求出平面BCE 的法向量n 1→，平面CDE 的法向量为n 2→，利用空间向量的数量积求解平面BCE 与平面CDE 所成角的余弦值． 【解答】证明：因为AD ⊥面ABE ，所以AD ⊥AE ， 又BC // AD ，所以BC ⊥AE ．因为BF ⊥面ACE ，所以BF ⊥AE ．又BC ∩BF =B ，所以AE ⊥面BCF ，即AE ⊥平面BCE ．方法1：因为BF ⊥面ACE ，CE ⊂面ACE ，所以BF ⊥CE ， 又BC =BE ，所以F 为CE 中点，在△DEC 中，DE =CE =CD =2√2，所以DF ⊥CE ，∠BFD 为二面角B −CE −D 的平面角，cos∠BFD =BF 2+DF 2−BD 22∗BF∗DF=2∗√2∗√6=−√33． ∴ 平面BCE 与平面CDE 所成角的余弦值为√33．方法2：以E 为原点，EB 所在直线为x 轴，EA 所在直线为y 轴，过E 且垂直于平面ABE 的直线为z 轴建立空间直角坐标系，则相关点的坐标为E(0, 0, 0)，B(2, 0, 0)，C(2, 0, 2)，D(0, 2, 2)，设平面BCE 的法向量n 1→，平面CDE 的法向量为n 2→，易知n 1→=(0,1,0)，令n 2→=(x,y,z)，则{n 2→∗EC →=0n 2→∗ED →=0 ，故{2x +2z =02y +2z =0，令x =1，得{x =1y =1z =−1，n 2→=(1,1,−1)， 于是，cos <n 1→,n 2→>=n 1→∗n 2→|n 1→||n 2→|=1∗√3=√33． 此即平面BCE 与平面CDE 所成角的余弦值． 19.【答案】由题意，x =7，y =9，∑−i=1n xiyi nx y =287−5⋅7⋅9=−28，∑ni=1x i 2−nx 2=295−5⋅72=50，b ^=−2850=−0.56，a ^=y −b ^x =9−(−0.56)⋅7=12.92．所以所求回归直线方程为y ^=−0.56x +12.92．由b ^=−0.56<0知，y 与x 负相关．将x =6代入回归方程可得，y ^=−0.56∗6+12.92=9.56，即可预测当日销售量为9.56kg ． 由（1）知μ≈x =7，σ≈√S 2=3.2，所以P(3.8<X <13.4)=P(μ−σ<X <μ+2σ)=12P(μ−σ<X <μ+σ)+12P(μ−2σ<X <μ+2σ)=0.8185． 【考点】求解线性回归方程 正态分布密度曲线（1）利用公式求出bˆ，a ˆ，即可得出结论． （2）根据bˆ的正负即可判断．将x =6代入回归方程，可得预测这天该商品的销售量； （3）根据X ∼N(μ, σ2)即可计算． 【解答】由题意，x =7，y =9，∑−i=1n xiyi nx y =287−5⋅7⋅9=−28，∑ni=1x i 2−nx 2=295−5⋅72=50，b ^=−2850=−0.56，a ^=y −b ^x =9−(−0.56)⋅7=12.92．所以所求回归直线方程为y ^=−0.56x +12.92．由b ^=−0.56<0知，y 与x 负相关．将x =6代入回归方程可得，y ^=−0.56∗6+12.92=9.56，即可预测当日销售量为9.56kg ． 由（1）知μ≈x =7，σ≈√S 2=3.2，所以P(3.8<X <13.4)=P(μ−σ<X <μ+2σ)=12P(μ−σ<X <μ+σ)+12P(μ−2σ<X <μ+2σ)=0.8185． 20.【答案】设动圆半径为r ，则|PC|=2√2−r,|PD|=r,|PC|+|PD|=2√2>|CD|=2， 由椭圆定义可知，点P 的轨迹E 是椭圆， 其方程为x 22+y 2=1．①证明：由已知条件可知，垂足W 在以CD 为直径的圆周上， 则有x ∘2+y ∘2=1，又因Q ，S ，R ，T 为不同的四个点，x∘22+y∘2<1．②若l 1或l 2的斜率不存在，四边形QRST 的面积为2． 若两条直线的斜率存在，设l 1的斜率为k 1， 则l 1的方程为y =k 1(x +1)， 联立{y =k 1(x +1)x 22+y 2=1，得(2k 2+1)x 2+4k 2x +2k 2−2=0， 则|QS|=2√2k 2+12k 2+1，同理得|RT|=2√2k 2+1k 2+2，∴ S QSRT =12|QS|∗|RT|=4(k 2+1)2(2k 2+1)(k 2+2)≥4(k 2+1)294(k 2+1)2=169，当且仅当2k 2+1=k 2+1，即k =±1时等号成立．综上所述，当k =±1时，四边形QRST 的面积取得最小值为169．轨迹方程直线与椭圆结合的最值问题【解析】（1）设动圆半径为r，则|PC|=2√2−r,|PD|=r,|PC|+|PD|=2√2>|CD|=2，由椭圆定义能求出点P的轨迹E的方程．（2）①由已知条件可知，垂足W在以CD为直径的圆周上，由Q，S，R，T为不同的四个点，能够证明x∘22+y∘2<1．②若l1或l2的斜率不存在，四边形QRST的面积为2．若两条直线的斜率存在，设l1的斜率为k1，则l1的方程为y=k1(x+1){y=k1(x+1)x22+y2=1，得|QS|=2√2k2+12k2+1，同理得|RT|=2√2k2+1k2+2，由此能求出四边形QRST的面积取得最小值．【解答】设动圆半径为r，则|PC|=2√2−r,|PD|=r,|PC|+|PD|=2√2>|CD|=2，由椭圆定义可知，点P的轨迹E是椭圆，其方程为x22+y2=1．①证明：由已知条件可知，垂足W在以CD为直径的圆周上，则有x∘2+y∘2=1，又因Q，S，R，T为不同的四个点，x∘22+y∘2<1．②若l1或l2的斜率不存在，四边形QRST的面积为2．若两条直线的斜率存在，设l1的斜率为k1，则l1的方程为y=k1(x+1)，联立{y=k1(x+1)x22+y2=1，得(2k2+1)x2+4k2x+2k2−2=0，则|QS|=2√2k2+12k2+1，同理得|RT|=2√2k2+1k2+2，∴S QSRT=12|QS|∗|RT|=4(k2+1)2(2k2+1)(k2+2)≥4(k2+1)294(k2+1)2=169，当且仅当2k2+1=k2+1，即k=±1时等号成立．综上所述，当k=±1时，四边形QRST的面积取得最小值为169．21.【答案】f(x)>√x(1+12lnx)，即x+tx−1e x−1>√x(1+12lnx)=√x(1+ln√x)，由(1)ln√x<√x−1，所以1+ln√x<√x，√x(1+ln√x)<√x∗√x=x，所以，只需证x<x+tx−1e x−1，即(x+t)e x−1>x2−x，由（1）e x−1>x，所以只需证(x+t)x>x2−x，只需证x+t>x−1，即t>−1，上式已知成立，故原式成立，得证．【考点】函数恒成立问题不等式的证明【解析】（1）利用函数的导数，判断函数的单调性，然后证明不等式；（2）化简不等式利用（1）的结论，通过分析法转化证明即可．【解答】f(x)>√x(1+12lnx)，即x+tx−1e x−1>√x(1+12lnx)=√x(1+ln√x)，由(1)ln√x<√x−1，所以1+ln√x<√x，√x(1+ln√x)<√x∗√x=x，所以，只需证x<x+tx−1e x−1，即(x+t)e x−1>x2−x，由（1）e x−1>x，所以只需证(x+t)x>x2−x，只需证x+t>x−1，即t>−1，上式已知成立，故原式成立，得证．选考题：共10分.请考生在22、23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分.[选修4-4：坐标系与参数方程]22.【答案】∵圆C的极坐标方程为ρ=2cos(θ+π4)．∴ρ=√2cosθ−√2sinθ，∴ρ2=√2ρcosθ−√2ρsinθ，∴圆C的直角坐标方程为x2+y2−√2x+√2y=0，即(x−√22)2+(y+√22)2=1，∴圆心直角坐标为(√22,−√22)．解法一：直线l上的点向圆C引切线长是：√(√22t−√22)2+(√22t+√22+4√2)2−1=√t2+8t+40=√(t+4)2+24≥2√6，∴直线l上的点向圆C引的切线长的最小值是2√6．解法二：直线l的普通方程为x−y+4√2=0，∴圆心C到直线l距离是|√22+√22+4√2|√2=5，∴直线l上的点向圆C引的切线长的最小值是√52−12=2√6．【考点】圆的极坐标方程参数方程与普通方程的互化【解析】（1）圆C的极坐标方程转化为ρ2=√2ρcosθ−√2ρsinθ，由此能求出圆C的直角坐标方程，从而能求出圆心直角坐标．（2）法一：求出直线l 上的点向圆C 引切线长，由此能求出直线l 上的点向圆C 引的切线长的最小值．法二：求出圆心C 到直线l 距离，由此能求出直线l 上的点向圆C 引的切线长的最小值． 【解答】∵ 圆C 的极坐标方程为ρ=2cos(θ+π4)．∴ ρ=√2cosθ−√2sinθ， ∴ ρ2=√2ρcosθ−√2ρsinθ，∴ 圆C 的直角坐标方程为x 2+y 2−√2x +√2y =0， 即(x −√22)2+(y +√22)2=1，∴ 圆心直角坐标为(√22,−√22)．解法一：直线l 上的点向圆C 引切线长是： √(√22t −√22)2+(√22t +√22+4√2)2−1=√t 2+8t +40=√(t +4)2+24≥2√6，∴ 直线l 上的点向圆C 引的切线长的最小值是2√6． 解法二：直线l 的普通方程为x −y +4√2=0， ∴ 圆心C 到直线l 距离是|√22+√22+4√2|√2=5，∴ 直线l 上的点向圆C 引的切线长的最小值是√52−12=2√6．[选修4-5：不等式选讲] 23.【答案】当a =2时，|x −2|+2x ≥2x +1， 所以|x −2|≥1，所以x ≥3或x ≤1， 解集为(−∞, 1]∪[3, +∞)．f(x)={3x −a,x ≥ax +a,x <a ，因为a >0，∴ x ≥a 时，3x −a ≥2a >0恒成立，又x <a 时，当x >−2时，x +a >−2+a ，∴ 只需−2+a ≥0即可， 所以a ≥2． 【考点】不等式恒成立的问题绝对值不等式的解法与证明 【解析】（1）当a =2时，化简不等式f(x)≥2x +1，通过去掉绝对值符号，求解不等式的解集；（2）化简函数的解析式，通过x 与a 的大小比较，转化不等式求解即可． 【解答】当a =2时，|x −2|+2x ≥2x +1， 所以|x −2|≥1，所以x ≥3或x ≤1， 解集为(−∞, 1]∪[3, +∞)．f(x)={3x −a,x ≥ax +a,x <a ，因为a >0，∴ x ≥a 时，3x −a ≥2a >0恒成立，又x <a 时，当x >−2时，x +a >−2+a ，∴ 只需−2+a ≥0即可，所以a≥2．。
甘肃省兰州市2018届高三第一次诊断性考试数学(理)试题.docx
绝密★ 启用前甘肃省兰州市2018 届高三第一次诊断性考试数学（理）试题一、单选题1．设全集，集合，集合，则（）A ．B．C．D．2．已知复数（是虚数单位），则下列说法正确的是（）A ．复数的实部为B．复数的虚部为C．复数的共轭复数为 D ．复数的模为3．已知数列为等比数列，且，则（）A ．B．C．D．4．双曲线的一条渐近线与抛物线只有一个公共点，则双曲线的离心率为（）A ．B ．C．D．5．在中，是的中点，，点在上且满足，则等于（）A ．B．C．D．6．数列中，，对任意，有，令，，则（）A ．B．C． D ．7．若的展开式中各项的系数之和为，则分别在区间和内任取两个实数，，满足的概率为（）A ．B ．C．D．8．刘徽《九章算术注》记载：“邪解立方有两堑堵，邪解堑堵，其一为阳马，一为鳖臑，阳马居二，鳖臑居一，不易之率也”．意即把一长方体沿对角面一分为二，这相同的两块叫做堑堵，沿堑堵的一顶点与其相对的面的对角线剖开成两块，大的叫阳马，小的叫鳖臑，两者体积之比为定值，这一结论今称刘徽原理．如图是一个阳马的三视图，则其外接球的体积为（）A ．B ．C．D．9．某程序框图如图所示，则程序运行后输出的的值是（）A ．B．C．D．10．设：实数，满足；：实数，满足，则是的（）A ．必要不充分条件B．充分不必要条件C．充要条件D．既不充分也不必要的条件11．已知圆C：22x 1y41 0和点 M5, t ，若圆 C 上存在两点 A , B ，使得 M A M B ，则实数t的取值范围为（）A ．2, 6B ．3, 5C． 2 , 6D．3, 512．定义在上的函数，已知是它的导函数，且恒有成立，则有（）A ．B．C．D．1二、填空13．若，__________．14．已知本数据，，⋯⋯的方差是，如果有，那么数据，，⋯⋯的均方差 __________ ．15．函数向左平移个位度后得到的函数是一个奇函数，__________ ．16．函数，，若函数，且函数的零点均在内，的最小 __________．三、解答17．已知向量，，函数．（1）求的最小正周期；（2）当，的最小，求的．18．如所示，矩形中，，平面，，上的点，且平面．（ 1）求：平面；（ 2）求平面与平面所成角的余弦．19．某地一商了月份某天当中某商品的售量（位：）与地当日最高气温（位：）的相关数据，如下表：（ 1）求与的回方程；（ 2）判断与之是正相关是相关；若地月某日的最高气温是，用所求回方程天商品的售量；（ 3）假定地月份的日最高气温，其中近似取本平均数，近似取本方差，求．附：参考公式和有关数据，，，若，，且．20．已知：，且与相切的心．（1）求点的迹的方程；（2）点的直交曲于，两点，点的直交曲于，两点，且，垂足（，，，不同的四个点）．① ，明：；②求四形的面的最小．21．已知函数，其中自然数的底数．（1）明：当，①，②；（2）明：任意，，有．22． [修 4-4：坐系与参数方程 ]在直角坐系中，以坐原点极点，正半极建立极坐系．已知直的参数方程是（是参数），的极坐方程．（1）求心的直角坐；（2）由直上的点向引切，并切的最小．23． [修 4-5：不等式]函数，其中．（ 1）当，求不等式的解集；（ 2）若，恒有，求的取范．2。
2018兰州市一诊理科数学(学生版)
2018年兰州市高三诊断考试数学（理科）本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分150分,时间120分钟第Ⅰ卷(选择题 共60分)一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.设全集U R =，集合}0|{≥=x x M ，集合}1|{<=x x N ，则)(N C M U ⋂（ ）.A ()10，.B []10， .C [)∞+.1 .D ()∞+，1 2.若复数已知复数i 125z +-=（i 是虚数单位），则下列说法正确的是（ ）A .复数z 的实部为5 .B 复数z 的虚部为 i 12.C 复数z 的共轭复数为 i 125+ .D 复数z 的模为133. 已知数列 }{n a 为等比数列，且 π=+2462a a a ，则）（53tan a a （ ）.A 3 .B 3- .C 33-.D 3± 4. 若双曲线 12222=-by a x 的一条渐近线与抛物线122+=x y 只有一个公共点，则双曲线离心率为（ ）.A 45.B 5 .C 45 .D 55.在ABC ∆中，M 是BC 的中点，1=AM ,点P 在 AM 上且满足PM AP 2=，则)(PC PB PA +⋅等于（ ） .A 94-.B 34- .C 34 .D 946. 已知数列 }{n a 为等比数列，11=a ,对任意 *N n ∈ ，有 n n a n a ++=+11，令ii a b 1=()*N i ∈，则=+⋅⋅⋅++201821b b b （ ）.A10092017 .B 20182017 .C 20192018 .D 201940367. 若11nx x ⎛⎫++ ⎪⎝⎭的展开式中各项的系数之和为81，则分别在区间[]0π，和04n ⎡⎤⎢⎥⎣⎦，内任取两个实数,x y 满足y sinx >的概率为 A. 11π-B. 21π-C. 31π-D.128. 刘徽《九章算术注》记载：“邪解立方有两堑堵，其一为阳马，一为鳖臑，阳马居二，鳖臑居一，不易之率也.”意思是说：把一块立方体沿斜边分成相同的两块，这两块叫做堑堵，再把一块堑堵沿斜线分成两块，大的叫阳马，小的叫鳖臑，两者体积为2:1，这一结论叫做刘徽原理。
2018甘肃省第一次高三理科诊断考试带解析
2018年甘肃省高三诊断考试数学（理科）本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分150分,考试时间120分钟 第Ⅰ卷(选择题 共60分)一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 设全集R U =，集合{}2≥=x A ，{}60<≤=x x B ，则集合()B A C U ⋂ A. {}20<<x x B.{}20≤<x x C.{}20<≤x x D.{}20≤≤x x2. 在复平面内复数（是虚数单位）对应的点在A. 第一象限B.第二象限C.第二象限D.第二象限3. 向量()1,m a =，()m b ,1=则“1=m ”是“b a //”的 A. 充分不必要条件 B.必要补充分条件B. 充要条件 D.既不充分也不必要条件4. 若实数y x ,满足⎪⎩⎪⎨⎧≥≤-+≥+-0,01,01y y x y x 则y x z 2+=的最大值是A. 1-B. 1C.2D.35. 某几何体挖去两个半球体后的三视图如图所示，若剩余几何体的体积为32π，则a 的值为 A.1 B. 2C.6.已知{}n a 是各项均为正数的等比数列，n S 为其前n 项和，若135164a a a =⋅=，，则6SA.65B. 64C.63D.627.中国古代数学家赵爽，创造了一幅“勾股弦方图”，通过数形结合，给出了勾股定理的详细证明。
如图所示，在“勾股弦方图”中，以弦为边长得到正方形ABCD 是由4个全等的直角三角形和中间的小正方形组成，这一图形被称作“赵爽弦图”.若7cos 225BEA ∠=，则正方形ABCD 内随机取一点，该店恰好在正方形内的概率为 A.2524 B. 54 C.35 D.1258.过直线23y x =+上的点作圆2246120x y x y +-++=的切线，则切线长的最小值为A.19B. 529.如图所示，若程序框图输出的所有实数对所(),x y 对应的点都在函数()2f x ax bx c =++的图像上，则()1f x dx =⎰A.1110B.1211C.1312D.121110. 过双曲线()2222:10,0x y C a b a b-=>>的右焦点()F 做两条渐近线的垂线，垂足分别为,A B ，点O 为坐标原点，若四边形OAFB 的面积为4，则双曲线的离心率为（ ）A .BC D11. 如图，四棱锥P ABCD -的底面是边长为2的正方形，PA ⊥平面ABCD ,且4PA =,M 是PB 上的一个动点，过点M 做平面α平行平面PAD ,截棱锥所得图形面积为y ，若平面α与平面PAD 之间的距离为x ，则函数()y f x =的图像是（ ）12. 对于任意0,b a R >∈，不等式()()2222ln 1b a b a m m --+--≥-⎡⎤⎡⎤⎣⎦⎣⎦恒成立，则实数m 的最大值为（ ）A B . 2 C . e D . 3第Ⅱ卷(非选择题 共90分)二.填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分，把答案填在题中的横线上.13. 二项式62x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的展开式中的常数项是____________. 14. 已知数列{}n a 满足()*1115,2n n a a a n N n +-==∈，则n an的最小值为____________. 15. 在某班举行的成人礼典礼上，甲乙丙三名同学中的一人获得了礼物，甲说：“礼物不在我这”； 乙说：“礼物在我这”； 丙说：“礼物不在乙处”.如果三人中只有一人说的是真的，请问____________.（填“甲”、“乙”或“丙”）获得了礼物. 16. 抛物线2:y 4C x =的焦点为F ，过准线上一点N 作NF 的垂线交y 轴于点M ，若抛物线C 上存在点E ，满足2NE NM NF =+,则MNF ∆的面积为____________. 二、解答题：本大题共6小题，共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程和验算步骤.17. （本小题满分12分）ABC ∆中，三个内角A B C ，，的对边分别为b c a ，，，若()cos ,cos m B C =,()2,n a c b =+，且m n ⊥.（1）求角B 的大小；（2）若6b =，求ABC ∆周长的取值范围. 18.（本小题满分12分）四棱台被过1A ，1C ，D 的平面截去一部分后得到如图所示的几何体，其下底面四边形ABCD 是边长为2的菱形，060BAD ∠=，1BB ⊥平面ABCD ，12BB =.（1）求证：平面1AB C ⊥平面1BB D（2）若1AA 与底面ABCD 所成角的正切值为2，求二面角11A BD C --的余弦值.19.(本小题满分12分)2017年12月,针对国内天然气供应紧张的问题,某市政府及时安排部署,加气站采取了紧急限气措施,全市居民打响了节约能源的攻坚战.某研究人员为了了解天然气的需求状况,对该地区某些年份天然气需求量进行了统计,并绘制了相应的折线图. (Ⅰ)由折线图可以看出,可用线性回归模型拟合年度天然气需求量y (单位:千万立方米)与年份x (单位:年)之间的关系.并且已知y 关于x 的线性回归方程是ˆˆ6.5yx a =+,试确定ˆa 的值,并预测2018年该地区的天然气需求量;(Ⅱ)政府部门为节约能源出台了《购置新能源汽车补贴方案》,该方案对汽车续航里程做出了严格规定,根据续航里程的不同,将补贴金额划分为三类,A 类:每车补贴1万元,B 类:每车补贴2.5万元,C 类:每车补贴3.4万元.某出租公司对该公司60辆新能源汽车的补贴情况进行了统计,结果如下表:为了制定更合理的补贴方案,政府部门决定采取分层抽样的方式了解出租车公司新能源汽车的补贴情况,在该出租车公司的60辆车中抽取6辆车作为样本,再从6辆车中抽取2辆车进一步跟踪调查.若抽取的2辆车享受的补贴金额之和记为“ξ”,求ξ的分布列及期望. 20.(本小题满分12分)椭圆()2222:10x y E a b a b+=>>的左、右焦点分别为1F ,2F ,过2F 作垂直于x 轴的直线l 与椭圆E 在第一象限交于点P ,若15PF =,且23a b =. (Ⅰ)求椭圆E 的方程;(Ⅱ),A B 是椭圆C 上位于直线l 两侧的两点.若直线AB 过点()1,1-,且22APF BPF ∠=∠,求直线AB 的方程. 21. (本小题满分12分) 已知函数()ln ,f x a x a R =∈.(Ⅰ)若曲线()y f x =与曲线()g x =,求实数a 的值;(Ⅱ)在(Ⅰ)条件下,试问函数()()11xxe F x xf x x-=-+是否有零点?如果有,求出该零点;若没有,请说明理由.(二)选考题:共10分.请考生在22、23题中选定一题作答,并用2B 铅笔在答题卡上将所选题号方框涂黑.按所涂题号进行评分,不涂、多涂均按所答第一题评分,多答按所答第一题评分.22.(本小题满分10分)选修44-:坐标系与参数方程在平面直角坐标系中,曲线(()221:14C x y +-=,以坐标原点O 为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,将曲线1C 绕极点逆时针旋转6π后得到的曲线记为2C .(Ⅰ)求曲线1C ,2C 的极坐标方程;(Ⅱ)射线()03πθρ=>与曲线1C ,2C 分别交于异于极点O 的A ,B 两点,求AB . 23. (本小题满分10分) 选修45-:不等式选讲已知函数()2f x m x =--,m R ∈,且()10f x +≥的解集为[]0,2. (Ⅰ)求m 的值;(Ⅱ)若,,a b c R ∈,且11123m a b c++=,求证:239a b c ++≥.2018甘肃省第一次高考诊断理科数学考试参考答案及评分标准一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的选项中,只有一项是符合要求的.1.C2.D3.A4.C5.B6.C7.D8.A9.B 10.D 11.D 12.B 12.提示:不等式左侧()()222ln 1b a b a --+--⎡⎤⎡⎤⎣⎦⎣⎦的最小值的几何意义是函数ln y x =上的点(),ln b b 与函数1y x =+上的点()2,1a a --之间距离的最小值的平方,与直线1y x =+平行且与函数ln y x =相切的直线为1y x =-,两线之间距离的所以22m m -≤,解得12m -≤≤,所以m 的最大值为2. 二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.13.160- 14.274 15.甲 16.216.提示:由2NE NM NF =+可得点E 为MF 的中点,准线方程1x =-,焦点()1,0F ,不防设点N 在第三象限,因为MNF ∠为直角,所以12NE MF EF ==,由抛物线的定义得//NE x 轴,则可求得((1,,0,,1,2E M N ⎛-- ⎝,即NF =MN =所以2MNF S ∆=. 三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程或验算步骤.17.解: (Ⅰ)m n ⊥,则有()cos 2cos 0B a c C b ⋅++⋅=,()cos 2sin sin cos sin 0B A C C B ∴⋅++⋅=,()()2cos sin sin cos cos sin sin sin B A C B C B B C A ∴=-⋅+⋅=-+=-,1cos 2B ∴=-23B π∴=. …………………………6分(Ⅱ)根据余弦定理可知222222cos ,36b a c ac B a c ac =+-∴=++,……………8分又()()22236,36,62a c a c ac a c ac a c +⎛⎫=+-∴+-=≤∴<+≤ ⎪⎝⎭则ABC ∆的周长的取值范围是(12,6+. …………………………12分18.解： 平面在菱形中，又平面 平面平面平面平面与底面所成角为设交于点以为坐标原点如图建立空间直角坐标系则同理设平面的法向量则设平面的法向量则设二面角为19．解：如折线图数据可知代入线性回归方程可得将代入方程可得千万立方米.根据分层次抽样可知类，类，类抽取人数分别为辆，辆，辆，则当类抽辆，类抽辆时，此时当类抽辆，类抽辆时，此时当类抽辆，类抽辆时，此时当类抽辆时，此时当类抽辆时，此时所以的分布列为：（万元）.20.解：由题可得223,b PE a==因为15PE =，由椭圆的定义得4,a =所以212,b = 所以椭圆E 方程为221.1612x y += ()II 易知点P 的坐标为()2,3.因为22,APF BPF ∠=∠所以直线,PA PB 的斜率之和为0.设直线PA 的斜率为,k 则直线PB 的斜率为-k ，设()()1122,,,,A x y B x y 则直线PA 的方程为()32,y k x -=-由 ()223211612y k x x y -=-⎧⎪⎨+=⎪⎩ 可得()()()22234832432480,k x k k x k ++-+--=()12823234k k x k-∴+=+ 同理直线PB 的方程为()2,y k x -=--可得()()222-8238232,3434k k k k x k k -++==++2121222161248,,3434k kx x x x k k--∴+=-++ ()()()121212121212232341,2AB k x k x k x x k y y k x x x x x x -++--+--====---∴满足条件的直线AB 的方程为()111,2y x +=-即为230.x y --= 21.()I 函数()ln f x a x =的定义域为()0,a x +∞=，，()()'',g a f x x x == 设曲线()y f x =与曲线()g x =()00,x y由于在公共点处有共同的切线，所以0a x =解得204,0.x a a =〉 由()()00f x g x =可得0ln a x =解得.2ea =()II 函数()()112xxe F x xf x -=-+是否有零点，转化为函数()()ln 2e H x xf x x x ==与函数()112xxe G x -=-在区间()0,x ∈+∞是否有交点. ()()ln .2e H x xf x x x ==可得()()ln 1ln 222e e e H x x x +=+‘ 令()0,Hx 〉’解得1,,x e⎛⎫∈+∞ ⎪⎝⎭此时函数()H x 单调递增;令()0,Hx 〈’解得10,x e ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，此时函数()H x 单调递减.∴当1x e =时，函数()H x 取得极小值即最小值，11=-.2H e ⎛⎫ ⎪⎝⎭ ()1G 12x xe x -=-可得()()'11G 12x x x e -=-令()'G 0x 〉，解得1x 〈〈0，此时函数()G x 单调递增;令()'G 0x 〈解得1x 〉，此时函数()G x 单调递减.∴当1x =时，函数()G x 取得极大值即最大值，()1G 1=.2-因此两个函数无交点，即函数()()112xxe F x xf x -=-+无零点. 22.解：曲线(()22114C x y +-=：化为极坐标方程是2sin ρθθ+11 设曲线2C 上的点(),Q ρθ绕极点顺时针旋转6π后得到,6P πρθ⎛⎫- ⎪⎝⎭在1C 上，代入可得2C的极坐标方程是=2cos ρθθ+. ()II 将=3πθ()0ρ〉分别代入12,C C 的极坐标方程，得到1212=4==4AB ρρρρ--23.()I ()101011f x m x m x m +≥⇒--≥⇒-≤≤+ 由()10f x +≥的解集为[]0,2可知=1.m ()II 111123a b c ++=则()11123322323111232233b c a c a b a b c a b c a b c a a b b c c ⎛⎫++=++++=++++++++= ⎪⎝⎭ 233233692323b a c a c b a b a c b c++++++≥+= 当且仅当23a b c ==时等号成立，即33,12a b c ===，时等号成立.。
甘肃省2018届高三第一次高考诊断性考试数学(理)试题有答案AlUPPl (1)
2018年甘肃省第一次高考诊断考试理科数学一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 设全集U R=，集合{}2A x x=≥，{}6B x x=≤<，则集合()U（）A．{}02x x<< B．{}02x x<≤ C．{}02x x≤< D．{}02x x≤≤2. 在复平面内复数34izi+=、 (i是虚数单位)对应的点在（）A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限3. 向量(,1)a m=，(1,)b m=，则“1m=”是“//a b”的（）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充要条件 D．既不充分也不必要条件4. 若实数x，y满足10,10,0,x yx yy-+≥⎧⎪+-≤⎨⎪≥⎩则2z x y=+的最大值是（）A．-1 B． 1 C. 2 D．35. 某几何体挖去两个半球体后的三视图如图所示，若剩余几何体的体积为23π，则a的值为（）A．1 B．2 C. 22 D．326. 已知{}n a是各项均为正数的等比数列，n S为其前n项和，若11a=，3564a a⋅=，则6S=（）A． 65 B．64 C. 63 D．627. 中国古代三国时期的数学家赵爽,创作了一幅“勾股弦方图”，通过数形结合，给出了勾股定理的详细证明.如图所示,在“勾股弦方图”中，以弦为边长得到的正方形ABCD是由4个全等的直角三角形和中间的小正方形组成，这一图形被称作“赵爽弦图”.若7cos 225BAE ∠=，则在正方形ABCD 内随机取一点，该点恰好在正方形EFGH 内的概率为（ ）A ．2425 B ． 45 C. 35 D ．1258. 过直线23y x =+上的点作圆2246120x y x y +-++=的切线，则切线长的最小值为（ ） A ．19 B ．25 C. 21 D ．559. 如图所示，若程序框图输出的所有实数对(,)x y 所对应的点都在函数2()f x ax bx c =++的图象上，则1()0f x dx =⎰（ ）A ．1011 B ． 1112 C. 1312 D ．121110.过双曲线2222:1x y C a b-=（0a >，0b >）的右焦点(22,0)F 作两条渐近线的垂线，垂足分别为,A B ，点O 为坐标原点，若四边形OAFB 的面积为4，则双曲线的离心率为（ ） A ．222+13211. 如图，四棱锥P ABCD -的底面是边长为2的正方形，PA ⊥平面ABCD ，且4PA =，M 是PB 上的一个动点，过点M 作平面//α平面PAD ，截棱锥所得图形面积为y ，若平面α与平面PAD 之间的距离为x ，则函数()y f x =的图象是（ ）A ．B ． C.D ．12.对于任意0b >，a R ∈，不等式[][]222(2)ln (1)b a b a m m --+--≥-恒成立，则实数m 的最大值为（ ）A ．e ．2 C. e D ．3第Ⅱ卷（共90分）二、填空题：本题共4小题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上） 13.二项式62()x x-的展开式中的常数项是．(用数字作答) 14.已知数列{}n a 满足115a =，12()n n a a n N n *+-=∈，则n an的最小值为． 15. 在某班举行的成人典礼上，甲、乙、丙三名同学中的一人获得了礼物. 甲说：“礼物不在我这”； 乙说：“礼物在我这”； 丙说：“礼物不在乙处”.如果三人中只有一人说的是真的，请问(填“甲”、“乙”或“丙”)获得了礼物.16.抛物线2:4C y x =的焦点为F ，过准线上一点N 作NF 的垂线交y 轴于点M ，若抛物线C 上存在点E ，满足2NE NM NF =+u u u r u u u u r u u u r，则MNF ∆的面积为．三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答. （一）必考题：共60分.17.ABC ∆中，三个内角,,A B C 的对边分别为,,a b c ，若(cos ,cos )m B C =，(2,)n a c b =+，且m n ⊥. （Ⅰ）求角B 的大小；（Ⅱ）若6b =，求ABC ∆周长的取值范围.18. 四棱台被过点11,,A C D 的平面截去一部分后得到如图所示的几何体，其下底面四边形ABCD 是边长为2的菱形，60BAD ∠=︒，1BB ⊥平面ABCD ，12BB =. （Ⅰ）求证：平面1AB C ⊥平面1BB D ；（Ⅱ）若1AA 与底面ABCD 所成角的正切值为2，求二面角11A BD C --的余弦值.19.2017年12月，针对国内天然气供应紧张的问题，某市政府及时安排部署，加气站采取了紧急限气措施，全市居民打响了节约能源的攻坚战.某研究人员为了了解天然气的需求状况，对该地区某些年份天然气需求量进行了统计，并绘制了相应的折线图.（Ⅰ）由折线图可以看出，可用线性回归模型拟合年度天然气需示量y (单位：千万立方米)与年份x (单位：年)之间的关系.并且已知y 关于x 的线性回归方程是ˆˆ6.5yx a =+，试确定ˆa 的值，并预测2018年该地区的天然气需求量；（Ⅱ）政府部门为节约能源出台了《购置新能源汽车补贴方案》，该方案对新能源汽车的续航里程做出了严格规定，根据续航里程的不同，将补贴金额划分为三类，A 类：每车补贴1万元，B 类：每车补贴2.5万元，C 类：每车补贴3.4万元.某出租车公司对该公司60辆新能源汽车的补贴情况进行了统计，结果如下表：类型 A 类B 类C 类车辆数目102030在该出租车公司的60辆车中抽取6辆车作为样本，再从6辆车中抽取2辆车进一步跟踪调查.若抽取的2辆车享受的补贴金额之和记为“ξ”，求ξ的分布列及期望.20.椭圆2222:1x y E a b+=（0a b >>）的左、右焦点分别为1F ，2F ，过2F 作垂直于x 轴的直线l 与椭圆E 在第一象限交于点P ，若15PF =，且23a b =. （Ⅰ）求椭圆E 的方程；（Ⅱ）A ，B 是椭圆C 上位于直线l 两侧的两点.若直线AB 过点(1,1)-，且22APF BPF ∠=∠，求直线AB的方程.21. 已知函数()ln f x a x =，a R ∈.（Ⅰ）若曲线()y f x =与曲线()g x =a 的值；（Ⅱ）在（Ⅰ）的条件下，试问函数1()()12xxe F x xf x -=-+是否有零点？如果有，求出该零点；若没有，请说明理由.(二)选考题：共10分.请考生在第22、23题中选定一题作答，并用2B 铅笔在答题卡上将所选题目对应的题号方框涂黑.按所涂题号进行评分不涂、多涂均按所答第一题评分；多答按所答第一题评分. 22.选修4-4：坐标系与参数方程在平面直角坐标系中，曲线221:((1)4C x y +-=，以坐标原点O 为极点，x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系，将曲线1C 绕极点逆时针旋转6π后得到的曲线记为2C . （Ⅰ）求曲线1C ，2C 的极坐标方程； （Ⅱ）射线3πθ=（0p >）与曲线1C ，2C 分别交于异于极点O 的A ，B 两点，求AB .23.选修4-5：不等式选讲已知函数()2f x m x =--，m R ∈，且(1)0f x +≥的解集为[]0,2. （Ⅰ）求m 的值； （Ⅱ）若a ，b ，c R ∈，且11123m a b c++=，求证：239a b c ++≥.2018年甘肃省第一次高考诊断理科数学考试参考答案及评分标准一、选择题1-5: CDACB 6-10: CDABD 11、12：DB 二、填空题13. -160 14. 27415. 甲三、解答题17.解:（Ⅰ）∵m n ⊥，则有cos (2)cos 0B a c C b ⋅++⋅=， ∴cos (2sin sin )cos sin 0B A C C B ⋅++⋅=∴2cos sin (sin cos cos sin )sin()sin B A C B C B B C A =-⋅+⋅=-+=-， ∴1cos 2B =-，∴23B π=. （Ⅱ）根据余弦定理可知2222cos b a c ac B =+-，∴2236a c ac =++，又∵236()a c ac =+-，∴22()36()2a c a c ac ++-=≤，∴6a c <+≤则ABC ∆周长的取值范围是(12,6+.18.解：（Ⅰ）∵1BB ⊥平面ABCD ，∴1BB AC ⊥. 在菱形ABCD 中，BD AC ⊥，又1BD BB B ⋂=，∴AC ⊥平面1BB D ， ∵AC ⊂平面1AB C ，∴平面1AB C ⊥平面1BB D . （Ⅱ）∵1BB ⊥平面ABCD∴1AA 与底面ABCD 所成角为1A AB ∠，∴1tan 2A AB ∠=，∴111A B = 设BD ,AC 交于点O ，以O 为坐标原点，如图建立空间直角坐标系.则(0,1,0)B -，(0,1,0)D ，1(0,1,2)B -,A .11111,2)22B A BA A =⇒-u u u u r u u u r ，同理11(,2)2C -，131 (,,2) 22BA=u u u r，(0,2,0)BD=u u u r，131(,,2)22BC=-u u u u r.设平面1A BD的法向量(,,)n x y z=，∴10,0,BA nBD n⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u ru u u r则(4,0,3)n=-，设平面1C BD的法向量(,,)m x y z'''=，10,0,BD mBC m⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u ru u u u r则(4,0,3)m=，设二面角11A BD C--为θ，13cos19m nm nθ⋅==.19. 解：（Ⅰ）如折线图数据可知2008201020122014201620125x++++==236246257276286260.25y++++==代入线性回归方程ˆˆ6.5y x a=+可得ˆ12817.8a=-.将2018x=代入方程可得ˆ299.2y=千万立方米.（Ⅱ）根据分层抽样可知A类，B类，C类抽取人数分别为1辆， 2辆，3辆则当A类抽1辆，B类抽1辆时，=3.5ξ，此时1112262( 3.5)15C CPCξ===；当A类抽1辆，C类抽1辆时， 4.4ξ=，此时1113263( 4.4)15C CPCξ===；当B类抽1辆，C类抽1辆时， 5.9ξ=，此时11232662( 5.9)155C CPCξ====；当B类抽2辆时，=5ξ，此时22261(5)15CPCξ===；当C 类抽2辆时， 6.8ξ=，此时232631( 6.8)155C P C ξ====.所以ξ的分布列为：∴ 3.5 4.4 5.95 6.8151551555E ξ=⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=（万元） 20.解：（Ⅰ）由题可得223b PF a ==，因为15PF =，由椭圆的定义得4a =，所以212b =，所以椭圆E 方程为2211612x y +=. （Ⅱ）易知点P 的坐标为(2,3).因为22APF BPF ∠=∠，所以直线PA ，PB 的斜率之和为0.设直线PA 的斜率为k ，则直线PB 的斜率为k -，设11(,)A x y ，22(,)B x y ，则直线PA 的方程为3(2)y k x -=-，由223(2)11612y k x x y -=-⎧⎪⎨+=⎪⎩可得222(3+4)8(32)4(32)480k x k k x k +-+--=，∴128(23)234k k x k ++=+同理直线PB 的方程为3(2)y k x -=--，可得2228(23)8(23)23434k k k k x k k---++==++， ∴2122161234k x x k -+=+，1224834kx x k --=+， 121212121212(2)3(2)3()412AB y y k x k xk x x k k x x x x x x --++--+-====---，∴满足条件的直线AB 的方程为11(1)2y x +=-，即为230x y --=. 21.解：（Ⅰ）函数()ln f x a x =的定义域为(0)+∞,，()af x x '=，()g x '= 设曲线()y f x =与曲线()g x =00(,)x y由于在公共点处有共同的切线，所以0a x =，解得204x a =，0a >. 由00()()f x g x =可得0ln a x =.联立2004,ln x a a x ⎧=⎪⎨=⎪⎩解得2e a =.（Ⅱ）函数1()()12x xe F x xf x -=-+是否有零点，转化为函数()()ln 2eH x xf x x x == 与函数1()12xxe G x -=-在区间(0,)x ∈+∞是否有交点， ()()ln 2e H x xf x x x ==，可得()ln (1ln )222e e eH x x x '=+=+， 令()0H x '>，解得1(,)x e∈+∞，此时函数()H x 单调递增； 令()0H x '<，解得1(0,)x e∈，此时函数()H x 单调递减. ∴当1x e =-时，函数()H x 取得极小值即最小值，11()2H e =-. 1()12x xe G x -=-可得11()(1)2x G x x e -'=-，令()0G x '>，解得01x <<，此时函数()G x 单调递增； 令()0G x '<，解得1x >，此时函数()G x 单调递减. ∴当1x =时，函数()G x 取得极大值即最大值，1(1)2G =-. 因此两个函数无交点.即函数1()()12xxe F x xf x -=-+无零点. 22.解：曲线221:((1)4C x y +-=化为极坐标方程是2sin ρθθ=+设曲线2C 上的点(,)Q ρθ绕极点顺时针旋转6π后得到(,)6P πρθ-在1C 上，代入可得2C 的极坐标方程是2cos ρθθ=+.（Ⅱ）将3πθ=（0ρ>）分别代入1C ，2C的极坐标方程，得到1ρ=24ρ=124AB ρρ=-=-23.（Ⅰ）()01011f x m x m x m ≥⇒--≥⇒-≤≤+ 由(+1)0f x ≥的解集为[]02，可知1m =. （Ⅱ）111123a b c++=则 111233223(22)()111232233b c a c a ba b c a b c a b c a a b b c c++=++++=++++++++233233692323b a c a c b a b a c b c=++++++≥+= 当且仅当23a b c ==时等号成立，即3a =，32b =，1c =时等号成立.。
数学理卷·2018届甘肃省张掖市高三第一次质量检测
张掖市2017~2018学年度全市高三高考备考质量诊断第一次考试数学（理科）第Ⅰ卷（共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.若集合2{|48},{|60}M x x N x x x =<<=-<，则MN =（ ）A ．{|04}x x <<B ．{|68}x x <<C ．{|46}x x <<D ．{|48}x x << 2. 若23(2)(,)i a bi a b R -=+∈，则a b +=（ ） A ．7 B ．7- C ．1 D ．1-3.下表是我国某城市在2017年1月份至10月份各月最低温与最高温()C 的数据一览表已知该城市的各月最低温与最高温具有线性相关关系，根据该一览表，则下列结论错误的是 （ ）A ．最低温与最高温为正相关B ．每月最高温与最低温的平均值前8个月逐月增加C ．月温差（最高温减最低温）的最大值出现在1月D ．1月至4月的月温差（最高温减最低温）相对于7月至10月，波动性更大 4. 已知tan()4cos(2),22ππθπθθ-=-<，则tan 2θ=（ ）A ．158-B ．158C ．157-D ．1575. 已知双曲线22211251x y m m +=+-的实轴长为8，则该双曲线的渐近线的斜率为（ ） A ．53± B ．35± C ．34±D ．43±6. 如图所示的程序框图，运行程序后，输出的结果等于（ ）A ．2B ．3C ．4D ．57. 若实数,x y 满足约束条件22026003x y x y y -+≥⎧⎪+-≤⎨⎪≤≤⎩，则4z x y =-的最大值为（ ）A ．3B ．1-C ．4-D ．128.设,A B 是椭圆22:1122x y C +=的两个焦点，点P 是椭圆C 与圆22:10M x y +=的一个交点，则 PA PB -=（ ）A ．22B ．43C ．42D ．62 9. 设0w >，函数2cos()17y wx π=+-的图象向右平移43π个单位后与原图象重合， 则w 的最小值是（ ） A ．32 B ．23 C ．43 D ．3410.函数()28(sin )2x x f x x x -=+-的部分图象大致是 （ ）11. 如图，格纸上的小正方形的边长为，粗实线画出的某多面体的三视图，则该多面体外接球的表面积为（ ）A ．52πB ．45πC ．41πD ．34π12. 已知函数()()411,ln(2)2xf x eg x x-==+，若()()f mg n=成立，则n m-的最小值为（）A．2ln213-B．12ln23+C．12ln23+D．1ln24-第Ⅱ卷（共90分）二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.已知向量(6,2),(1,)a b m=-=，且a b⊥，则2a b-=．14.若623601236(13)x a a x a x a x a x-=+++++，则32aa=．15.如图，E是正方体1111ABCD A B C D-的棱11C D上的一点，且1//BD平面1B CE，则异面直线1BD与CE所成成角的余弦值为．16.在ABC∆中，3,4AC CB==，边AB的中点为D，则sinsinACDDCB∠=∠．三、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）（一）必考题：17. 已知等比数列{}n a的前n项和{},22,n n n nS S a b=-为等差数列，3226,10b a b b=+= .（1）求数列{}n a，{}n b的通项公式；（2）求数列{}(23)n na b-的前n项和nT .18. “扶贫帮困”是中华民族的传统美德，某校为帮扶困难同学，采用如下方式进行一次募捐：在不透明的箱子中放入大小均相同的白球七个，红球三个，每位献爱心的参与这投币20元有一次摸奖机会，一次性从箱中摸球三个（摸完球后将球放回），若有一个红球，奖金10元，两个红球奖金20元，三个全为红球奖金100元. （1）求献爱心参与者中奖的概率；（2）若该次募捐有900为献爱心参与者，求此次募捐所得善款的数学期望. 19.如图，四边形ABCD 是矩形33,3,2,AB BC DE EC PE ===⊥平面,6ABCD PE =.（1）证明：平面PAC ⊥平面PBE ； （2）求二面角A PB C --的余弦值.20. 设直线l 的方程为(2)5x m y =++，该直线交抛物线2:4C y x =于,P Q 两个不同的点.（1）若点(5,2)A -为线段PQ 的中点，求直线l 的方程； （2）证明：以线段PQ 为直径的圆M 恒过点(1,2)B . 21.已知函数()2()xf x ax e a R =-∈.（1）若曲线()y f x =在1x =处的切线与y 轴垂直，求()y f x '=的最大值；（2）若对任意120x x ≤<都有2211()(22ln 2)()(22ln 2)f x x f x x +-<+-，求a 的取值范围.22.已知曲线1C 的极坐标方程为2cos 218ρθ=，曲线2C 的极坐标方程为6πθ=，曲线1C ，2C 相交于,A B 两点.（1）求两点,A B 的极坐标；（2）曲线1C 与直线32(12x t y t ⎧=+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩为参数）分别相交于,M N 两点，求线段MN 的长度. 23.已知函数()3,f x x a x a R =--+∈. （1）当1a =-时，解不等式()1f x ≤；（2）若[0,3]x ∈时，()4f x ≤，求a 的取值范围.试卷答案一、选择题1-5: CABDC 6-10: BDCAD 11、A 12：C二、填空题13. 454-15 16.43三、解答题17.解：(1)当1n =时，12a =，当2n ≥时，1122n n n n n a S S a a --=-=-，即12n n a a -=，所以{}n a 是以为首项2，为公比2的对边数列，即2nn a =，又322844,210b a b b b ==+==，所以1n b n =+.（2）因为(23)(21)2nn n a b n -=-⋅， 所以23123252(21)2n n T n =⨯+⨯+⨯++-⋅，则23412123252(23)2(21)2n n n T n n +=⨯+⨯+⨯++-⋅+-⋅， 两式相减23113(222)(21)2n n n T n +-=++++--⋅，所以1(23)26n n T n +=-⋅+.18.解：（1）献爱心参与者中奖即为事件12213373733108517()12024C C C C C AP A C ++===.（2）设一个献爱心参与者参加活动，学校所得善款为X，则20,10,0,80X=-，则373107(20)24CP XC===,123731021(10)40C CP XC===,21373107(0)40C CP XC===,233101(80)120CP XC=-==,因此的分布列为：若只有一个参与者募捐，学校所得善款的数学期望为()72171125201008024404012012E X=⨯+⨯+⨯-⨯=元，所以，此次募捐所得善款的数学期望为125900937512⨯=元.19.解：（1）证明：设BE交AC于F，因为四边形ABCD是矩形，33,3,2AB BC DE EC===，所以3,CF BCCEBC AB==，又2ABC BCDπ∠=∠=，所以,ABC BCE BEC ACB∆∆∠=∠，因为2BEC ACE ACB ACEπ∠+∠=∠+∠=，所以AC BE⊥，又PE⊥平面ABCD，所以AC PE⊥，而PE BE E=，所以AC⊥平面PBE.(2)建立如图所示的空间直角坐标系，由题意可得(3,23,0),3,0),3,0),6)A B C P-,设平面APB的法向量1111(,,)n x y z=，则11113303360x z⎧=⎪⎨-=⎪⎩，取11z=，即16(,0,1)n=，设平面BPC的法向量2222(,,)n x y z=，则2222303360xx y z=⎧⎪⎨--+=⎪⎩，取21z=，即2(0,2,1)n=，设平面APB和平面BPC所成的二面角为θ，则12125cos5533n nn nθ⋅===⋅⋅.20.解（1）联立方程组2(25)4x my my x=++⎧⎨=⎩，消去x得244(25)0y my m--+=设1122(,),(,)P x y Q x y，则12124,820y y m y y m+==--因为A为线段PQ的中点，所以12222y ym+==-，解得1m=-，所以直线l的方程为30x y+-=.（2）证明：因为21212()2(25)4410x x m y y m m m+=+++=++，2222121212()(25)4416y y y yx x m=⋅==+所以1212(1)(1)(2)(2)BP BQ x x y y⋅=--+--，即12121212[()1][2()4]BP BQ x x x x y y y y⋅=-+++-++所以22[(25)(4410)1][8202(4)4]0 BP BQ m m m m m⋅=+-++++---+=，因此BP BQ⊥，即以线段PQ为直径的圆横过点(1,2)B.21.解：由()2xf x ax e'=-，得，(1)202ef a e a=-=⇒=，令()()xg x f x ex e'==-，则()xg x e e'=-，可知函数()g x在(,1)-∞上单调递增，在(1,)+∞上单调递减，所以()max (1)0g x g ''==.（2）由题意得可知函数()()2(22ln 2)(2ln 2)x h x f x x ax x e =+-=+--在[0,)+∞上单调递减，从而()2(22ln 2)0x h x ax e '=+--≤ 在[0,)+∞上恒成立， 令()2(22ln 2)x F x ax e =+--，则()2x F x a e '=-， 当12a ≤时，()0F x '≤，所以函数()F x 在[0,)+∞上单调递减，则()()max 012ln 20F x F ==-<，当12a >时，()20F x a ex '=-=，得ln 2x a =，所以函数()F x 在[0,ln 2)a 上单调递增，在[ln 2,)a +∞上单调递减，则()()max ln 22222ln 220F x F a alo a a ==+--≤，即2ln 222ln 22a a a -≤-，通过求函数ln y x x x =-的导数可知它在[1,)+∞上单调递增，故112a <≤， 综上，实数a 的取值范围是(,1]-∞.22.解（1）由22cos 218cos 1836ρθπρπθ⎧=⎪⇒=⎨=⎪⎩，解得236ρ=，即6ρ=±， 所以,A B 两点的极坐标为(6,),(6,)66A B ππ-或7(6,)6B π. （2）由曲线1C 的极坐标方程得其直角坐标方程为2218x y -=，将直线方程32212x y t ⎧=+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩代入2218x y -=，整理得243280t t +-=，即121243,28t t t t +=-=-，所以2(43)4(28)410MN =--⨯-=23.解：（1）当1a =-时，不等式131x x +-+≤，当3x ≤-时，不等式转化为(1)(3)1x x -+++≤，不等式解集为空集；当31x -<≤-时，不等式转化为(1)(3)1x x -+-+≤，解得512x -≤<-， 当时，不等式转化为(1)(3)1x x +-+≤恒成立， 综上所示不等式的解集为5[,)2+∞.（2）若[0,3]x ∈时，()4f x ≤恒成立，即7x a x -≤+，即727a x -≤≤+恒成立， 又因为[0,3]x ∈，所以77a -≤≤，所以a 的取值范围是[]7,7-.。
甘肃省兰州市2018届高三第一次诊断性考试数学(理)试题解析版
1．C【解析】，，所以或，，故选C．得，即，，故选D．5．A【解析】试题分析：∵M是BC的中点，AM=1，，∴,故选A考点：本题考查向量的数量积公式与向量加法的三角形法则点评：解决本题的关键是恰当地利用向量的相关公式灵活变形达到了用已知向量表示未知向量，且求出未知向量的目标6．D【解析】，，，，，，故选D．【方法点晴】本题主要考查“累加法”的应用、等差数列的求和公式，以及裂项相消法求数列的和，属于中档题．裂项相消法是最难把握的求和方法之一，其原因是有时很难找到裂项的方向，突破这一难点的方法是根据式子的结构特点，常见的裂项技巧：(1)；（2）；（3）；（4）；此外，需注意裂项之后相消的过程中容易出现丢项或多项的问题，导致计算结果错误．7．B，球体积为，故选B．【方法点睛】本题利用空间几何体的三视图重点考查学生的空间想象能力和抽象思维能力，属于难题．三视图问题是考查学生空间想象能力最常见题型，也是高考热点．观察三视图并将其“翻译”成直观图是解题的关键，不但要注意三视图的三要素“高平齐，长对正，宽相等”，还要特别注意实线与虚线以及相同图形的不同位置对几何体直观图的影响．9．A【解析】模拟程序框图的运行过程，每四个和为，可得出该程序运行后输出的算式：+，所以该程序运行后输出的值是，故选A ．【解析】过点M 作圆的两条切线，切点分别为A B 、，连接AC BC MC 、、，若圆C 上存在两点,A B ，使得MA MB ⊥，只需045AMC ∠≥，sin 2AMC ∠=≥，解得26t ≤≤,选C ．12． C 【解析】令，则其导数，又由，且有，所以，即函数为减函数，又由，则有，即，化简可得，故选C ．【方法点睛】利用导数研究函数的单调性、构造函数比较大小,属于难题．联系已知条件和结论，构造辅助函数是高中数学中一种常用的方法，解题中若遇到有关不等式、方程及最值之类问题，设法建立起目标函数，并确定变量的限制条件，通过研究函数的单调性、最值等问题，常可使问题变得明了，准确构造出符合题意的函数是解题的关键；解这类不等式的关键点也是难点就是构造合适的函数，构造函数时往往从两方面着手：①根据导函数的“形状”变换不等式“形状”；②若是选择题，可根据选项的共性归纳构造恰当的函数．13．【方法点睛】本题主要考查三角函数的奇偶性和图象的变换，属于中档题．已知的奇偶性求时，往往结合正弦函数及余弦函数的奇偶性和诱导公式来解答：（1）时，是奇函数；（2）时，是偶函数．16．10【解析】，因此是上的增函数，，函数在上有一个零点，函数在上有一个零点，同理，，因此是上的减函数，，函数在上有一个零点，函数在上有一个零点，函数的零点均在区间内，，，故答案为．17．（1）．（2）．【解析】试题分析：（1）根据平面向量数量积公式以及两角和的正弦公式化简，利用周期公式可得的最小正周期为；（2）由（1）知：，当时，，利用正弦函数的单调性，结合正弦函数的图象可得到的最小值为，∴，即．所以当时，的最小值为．又∵的最小值为，∴，即．【方法点睛】以三角形和平面向量为载体，三角恒等变换为手段，正弦定理、余弦定理为工具，对三角函数及解三角形进行考查是近几年高考考查的一类热点问题，一般难度不大，但综合性较强．解答这类问题，两角和与差的正余弦公式、诱导公式以及二倍角公一定要熟练掌握并灵活应用，特别是二倍角公式的各种变化形式要熟记于心．18．（1）见解析；（2）．【解析】试题分析：（1）由面，可得，所以，由面，可得．由线面垂直的判定定理可得平面；（2）以为原点，所在直线为轴，所在直线为轴，过且垂直于平面的直线为轴建立空间直角坐标系，分别根据向量垂直数量积为零列方程组求出平面与平面的一个法向量，根据空间向量夹角余弦公式，可得平面与平面所成角的余弦值．试题解析：（1）因为面，所以，又，所以．因为面，所以．又，所以面，即平面．（2）以为原点，所在直线为轴，所在直线为轴，过且垂直于平面的直线为轴建立空间直角坐标系，则相关点的坐标为，，，，设平面的法向量，平面的法向量为，易知，令，则，故，令，得，，于是，．此即平面与平面所成角的余弦值．19．（1）．（2）．（3）．所以所求回归直线方程为．（2）由知，与负相关．将代入回归方程可得，，即可预测当日销售量为．（3）由（1）知，，所以．【方法点晴】本题主要考查线性回归方程及其应用、正态分布的应用，属于难题．求回归直线方程的步骤：①依据样本数据画出散点图，确定两个变量具有线性相关关系；②计算的值；③计算回归系数；④写出回归直线方程为；回归直线过样本点中心是一条重要性质，利用线性回归方程可以估计总体，帮助我们分析两个变量的变化趋势．20．（1）．（2）①见解析．②．的方程为．（2）①证明：由已知条件可知，垂足在以为直径的圆周上，则有，又因，，，为不同的四个点，．②解：若或的斜率不存在，四边形的面积为．若两条直线的斜率存在，设的斜率为，则的方程为，解方程组，得，则，同理得，∴，当且仅当，即时等号成立．综上所述，当时，四边形的面积取得最小值为．21．（1）见解析；（2）见解析．而，所以，成立；令，则，为上的增函数，而，所以，成立．（2），即，由（1），所以，，所以，只需证，即，由（1），所以只需证，只需证，即，上式已知成立，故原式成立，得证．22．（1）．（2）．∴直线上的点向圆引的切线长的最小值是．方法2：直线的普通方程为，∴圆心到直线距离是，∴直线上的点向圆引的切线长的最小值是．23．（1）．（2）．【解析】试题分析：（1）当时，，化为，可得或，从而可得不等式的解集；（2）化简，因为，∴时，恒成立，又时，当时，，∴只需即可，所以．试题解析：（1）当时，，所以，所以或，。
2018兰州市一诊理科(无答案)
2018年兰州市高三诊断考试数学（理科）本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分150分,时间120分钟第Ⅰ卷(选择题 共60分)一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.设全集U R =，集合}0|{≥=x x M ，集合}1|{<=x x N ，则)(N C M U ⋂（ ）.A ()10， .B []10， .C [)∞+.1 .D ()∞+，12.若复数已知复数i 125z +-=（i 是虚数单位），则下列说法正确的是（ ）A .复数z 的实部为5 .B 复数z 的虚部为 i 12.C 复数z 的共轭复数为 i 125+ .D 复数z 的模为133. 已知数列 }{n a 为等比数列，且 π=+2462a a a ，则）（53tan a a （ ） .A 3 .B 3- .C 33-.D 3± 4. 若双曲线 12222=-by a x 的一条渐近线与抛物线122+=x y 只有一个公共点，则双曲线离心率为（ ）.A 45 .B 5 .C 45 .D 5 5.在ABC ∆中，M 是BC 的中点，1=AM ,点P 在 AM 上且满足PM AP 2=，则)(PC PB PA +⋅等于（ ） .A 94-.B 34- .C 34 .D 946. 已知数列 }{n a 为等比数列，11=a ,对任意 *N n ∈ ，有 n n a n a ++=+11，令ii a b 1=()*N i ∈，则=+⋅⋅⋅++201821b b b （ ）.A10092017 .B 20182017 .C 20192018 .D 201940367. 若11nx x ⎛⎫++ ⎪⎝⎭的展开式中各项的系数之和为81，则分别在区间[]0π，和04n ⎡⎤⎢⎥⎣⎦，内任取两个实数,x y 满足y sinx >的概率为A. 11π-B. 21π-C. 31π-D.128. 刘徽《九章算术注》记载：“邪解立方有两堑堵，其一为阳马，一为鳖臑，阳马居二，鳖臑居一，不易之率也.”意思是说：把一块立方体沿斜边分成相同的两块，这两块叫做堑堵，再把一块堑堵沿斜线分成两块，大的叫阳马，小的叫鳖臑，两者体积为2:1，这一结论叫做刘徽原理。
甘肃省兰州市2018届高三一诊数学(理)试题 含答案
兰州市2018年高三诊断考试数学（理科）一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.设全集U R =，集合{|0}M x x =≥，集合2{|1}N x x =<，则()U MC N =（ ）A ．(0,1)B ．[0,1]C ．[1,)+∞D ．(1,)+∞ 2.已知复数512z i =-+（i 是虚数单位），则下列说法正确的是（ ） A ．复数z 的实部为5 B ．复数z 的虚部为12i C ．复数z 的共轭复数为512i + D ．复数z 的模为133.已知数列{}n a 为等比数列，且22642a a a π+=，则35tan()a a =（ ）A ．．3-D ．4.双曲线22221x y a b-=的一条渐近线与抛物线21y x =+只有一个公共点，则双曲线的离心率为（ ）A ．54 B ．5 C 5.在ABC ∆中，M 是BC 的中点，1AM =，点P 在AM 上且满足2AP PM =，则()PA PB PC ⋅+等于（ ）A ．49-B ．43-C ．43D ．496.数列{}n a 中，11a =，对任意*n N ∈，有11n n a n a +=++，令1i ib a =，*()i N ∈，则122018b b b ++⋅⋅⋅+=（ ）A ．20171009 B ．20172018 C ．20182019 D ．403620197.若1(1)nx x ++的展开式中各项的系数之和为81，则分别在区间[0,]π和[0,]4n 内任取两个实数x ，y ，满足sin y x >的概率为（ ）A ．11π-B ．21π-C ．31π-D ．128.刘徽《九章算术注》记载：“邪解立方有两堑堵，邪解堑堵，其一为阳马，一为鳖臑，阳马居二，鳖臑居一，不易之率也”.意即把一长方体沿对角面一分为二，这相同的两块叫做堑堵，沿堑堵的一顶点与其相对的面的对角线剖开成两块，大的叫阳马，小的叫鳖臑，两者体积之比为定值2:1，这一结论今称刘徽原理.如图是一个阳马的三视图，则其外接球的体积为（ ）ABC ．3πD ．4π 9.某程序框图如图所示，则程序运行后输出的S 的值是（ ）A ．1008B ．2017C ．2018D ．302510.设p ：实数x ，y满足22(1)[(2x y -+-3≤-q ：实数x ，y 满足111x y x y y -≤⎧⎪+≥⎨⎪≤⎩，则p 是q 的（ ）A ．必要不充分条件B ．充分不必要条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要的条件11.已知圆C ：22(1)(4)10x y -+-=和点(5,)M t ，若圆C 上存在两点A ，B 使得MA MB ⊥，则实数t 的取值范围是（ ）A ．[2,6]-B ．[3,5]-C ．[2,6]D ．[3,5] 12.定义在(0,)2π上的函数()f x ，已知'()f x 是它的导函数，且恒有cos '()sin ()0x f x x f x ⋅+⋅<成立，则有（ ）A ．()()64f ππ>B ()()63f ππ>C ．()()63f ππ>D ．()()64f ππ>二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分. 13.若2sin()45πα-=-，则cos()4πα+= ． 14.已知样本数据1a ，2a ，……2018a 的方差是4，如果有2i i b a =-(1,2,,2018)i =⋅⋅⋅，那么数据1b ，2b ，……2018b 的均方差为 ． 15.设函数()sin(2)f x x ϕ=+()2πϕ<向左平移3π个单位长度后得到的函数是一个奇函数，则ϕ= ．16.函数23()123x x f x x =+-+，23()123x x g x x =-+-，若函数()(3)(4)F x f x g x =+-，且函数()F x 的零点均在[,](,,)a b a b a b Z <∈内，则b a -的最小值为 ． 三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答. （一）必考题：共60分.17.已知向量(cos2,sin 2)a x x =，(3,1)b =，函数()f x a b m =⋅+. （1）求()f x 的最小正周期； （2）当[0,]2x π∈时，()f x 的最小值为5，求m 的值.18.如图所示，矩形ABCD 中，AC BD G =，AD ⊥平面ABE ，2AE EB BC ===，F为CE 上的点，且BF ⊥平面ACE .（1）求证：AE ⊥平面BCE ；（2）求平面BCE 与平面CDE 所成角的余弦值.19.某地一商场记录了12月份某5天当中某商品的销售量y （单位：kg ）与该地当日最高气温x （单位：C ）的相关数据，如下表：（1）试求y 与x 的回归方程y bx a =+；（2）判断y 与x 之间是正相关还是负相关；若该地12月某日的最高气温是6C ，试用所求回归方程预测这天该商品的销售量； （3）假定该地12月份的日最高气温2(,)XN μσ，其中μ近似取样本平均数x ，2σ近似取样本方差2s ，试求(3.813.4)P X <<.附：参考公式和有关数据1122211()()()n ni i i i i i nn ii i i x y nx y x x y y b x nx x x a y bx====⎧---⎪⎪==⎪⎨--⎪⎪=-⎪⎩∑∑∑∑ 3.2≈ 1.8≈，若2(,)XN μσ，则()0.6826P X μσμσ-<<+=，且(22)0.9544P X μσμσ-<<+=.20.已知圆C ：22(1)8x y ++=，过(1,0)D 且与圆C 相切的动圆圆心为P . （1）求点P 的轨迹E 的方程；（2）设过点C 的直线1l 交曲线E 于Q ，S 两点，过点D 的直线2l 交曲线E 于R ，T 两点，且12l l ⊥，垂足为W （Q ，R ，S ，T 为不同的四个点）.①设00(,)W x y ，证明：220012x y +<； ②求四边形QRST 的面积的最小值. 21.已知函数1()1x x t f x e x -+=-，其中e 为自然对数的底数. （1）证明：当1x >时，①1<，②1x e x ->；（2）证明：对任意1x >，1t >-，有1()ln )2f x x >+.（二）选考题：共10分.请考生在22、23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分.22.[选修4-4：坐标系与参数方程]在直角坐标系xOy 中，以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系.已知直线l 的参数方程是22x ty ⎧=⎪⎪⎨⎪=+⎪⎩（t 是参数），圆C 的极坐标方程为2cos()4πρθ=+. （1）求圆心C 的直角坐标；（2）由直线l 上的点向圆C 引切线，并切线长的最小值. 23.[选修4-5：不等式选讲]设函数()2f x x a x =-+，其中0a >.（1）当2a =时，求不等式()21f x x ≥+的解集； （2）若(2,)x ∈-+∞时，恒有()0f x >，求a 的取值范围.兰州市2018年高三诊断考试 数学（理科）试题参考答案及评分参考一、选择题1-5: CDADA 6-10: DBBAB 11、12：CC 二、填空题 13. 25-14. 2 15. 3π16. 10 三、解答题17.（1）由题意知：()cos(2,sin 2)f x x x =m ⋅+sin 2x x m ++2sin(2)3x m π=++，所以()f x 的最小正周期为T π=. （2）由（1）知：()2sin(2)3f x x m π=++，当[0,]2x π∈时，42[,]333x πππ+∈.所以当4233x ππ+=时，()f x 的最小值为m .又∵()f x 的最小值为5，∴5m =，即5m =18.（1）因为AD ⊥面ABE ，所以AD AE ⊥， 又//BC AD ，所以BC AE ⊥. 因为BF ⊥面ACE ，所以BF AE ⊥. 又BCBF B =，所以AE ⊥面BCF ，即AE ⊥平面BCE .（2）方法1：因为BF ⊥面ACE ，CE ⊂面ACE ，所以BF CE ⊥， 又BC BE =，所以F 为CE 中点，在DEC ∆中，DE CE CD ===DF CE ⊥，BFD ∠为二面角B CE D --的平面角，222cos 2BF DF BD BFD BF DF +-∠=⋅⋅==. ∴平面BCE 与平面CDE所成角的余弦值为3. 方法2：以E 为原点，EB 所在直线为x 轴，EA 所在直线为y 轴，过E 且垂直于平面ABE 的直线为z 轴建立空间直角坐标系，则相关点的坐标为(0,0,0)E ，(2,0,0)B ，(2,0,2)C ，(0,2,2)D ， 设平面BCE 的法向量1n ，平面CDE 的法向量为2n ，易知1(0,1,0)n =，令2(,,)n x y z =，则220n EC n ED ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩，故220220x z y z +=⎧⎨+=⎩，令1x =，得111x y z =⎧⎪=⎨⎪=-⎩，2(1,1,1)n =-，于是，12cos ,n n <>12121nn n n ⋅==⋅=此即平面BCE 与平面CDE 所成角的余弦值. 19.（1）由题意，7x =，9y =，1ni ii x y nx y =-∑28757928=-⋅⋅=-，221ni i x nx =-∑22955750=-⋅=，280.5650b =-=-，a y bx =-9(0.56)712.92=--⋅=. 所以所求回归直线方程为0.5612.92y x =-+.（2）由0.560b =-<知，y 与x 负相关.将6x =代入回归方程可得，0.56612.929.56y =-⋅+=，即可预测当日销售量为9.56kg . （3）由（1）知7x μ≈=， 3.2σ≈=，所以(3.813.4)P X <<(2)P X μσμσ=-<<+1()2P X μσμσ=-<<+1(22)2P X μσμσ+-<<+0.8185=. 20.解：（1）设动圆半径为r ，由于D 在圆内，圆P 与圆C 内切，则PC r =，PD r =，PC PD +=2CD >=， 由椭圆定义可知，点P 的轨迹E是椭圆，a =1c =，1b =，E 的方程为2212x y +=.（2）①证明：由已知条件可知，垂足W 在以CD 为直径的圆周上， 则有22001x y +=，又因Q ，R ，S ，T 为不同的四个点，220012x y +<. ②解：若1l 或2l 的斜率不存在，四边形QRST 的面积为2. 若两条直线的斜率存在，设1l 的斜率为1k ， 则1l 的方程为1(1)y k x =+，解方程组122(1)12y k x x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩，得222(21)4k x k x ++2220k +-=，则QS =，同理得RT =∴12QSRTS QS RT =⋅2222(1)4(21)(2)k k k +=++2222(1)49(1)4k k +≥+169=， 当且仅当22212k k +=+，即1k =±时等号成立.综上所述，当1k =±时，四边形QRST 的面积取得最小值为169. 21.解：（1）令()1)m x =，则1'()2m x x =1)0=<，()m x 为(1,)+∞上的减函数，而(1)0m =，所以()1)0m x =<，1<成立；令1()x n x e x -=-，则1'()10x n x e -=->，()n x 为(1,)+∞上的增函数， 而(1)0n =，所以1()0x n x e x -=->，1x e x ->成立.（2）1()ln )2f x x >+，即11x x t e x -+-1ln )2x >+=+，由（1）1，所以1+<+x <=，所以，只需证11x x t x e x -+<-，即12()x x t e x x -+>-， 由（1）1x ex ->，所以只需证2()x x t x x +>-，只需证1x t x +>-，即1t >-，上式已知成立，故原式成立，得证. 22.解：（1）∵ρθθ=，∴2cos sin ρθθ=，∴圆C的直角坐标方程为220x y +=，即22((122x y -++=，∴圆心直角坐标为(22-. （2）方法1：直线l 上的点向圆C 引切线长是=≥ ∴直线l 上的点向圆C引的切线长的最小值是.方法2：直线l的普通方程为0x y -+=，∴圆心C 到直线l|5++=，∴直线l 上的点向圆C=23.解：（1）当2a =时，2221x x x -+≥+， 所以21x -≥，所以3x ≥或1x ≤， 解集为(,1][3,)-∞+∞.（2）3,(),x a x af x x a x a-≥⎧=⎨+<⎩，因为0a >，∴x a ≥时，320x a a -≥>恒成立，又x a <时，当2x >-时，2x a a +>-+，∴只需20a -+≥即可，所以2a ≥.。
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甘肃省2018届高三下学期第一次高考诊断考试数学(理)2018年甘肃省第一次高考诊断考试理科数学一、选择题：1. 设全集U R =，集合{}2A x x =≥，{}06B x x =≤<，则集合()U（ ） A ．{}02x x << B ．{}02x x <≤ C ．{}02x x ≤<D ．{}02x x ≤≤2. 在复平面内复数34i z i +=、 (i 是虚数单位)对应的点在（ ）A ． 第一象限B ．第二象限C ． 第三象限D ．第四象限3. 向量(,1)a m =，(1,)b m =，则“1m =”是“//a b ”的（ ）A ． 充分不必要条件B ． 必要不充分条件C ． 充要条件D ． 既不充分也不必要条件4. 若实数x ，y 满足10,10,0,x y x y y -+≥⎧⎪+-≤⎨⎪≥⎩则2z x y =+的最大值是（ ）A ．-1B ． 1 C. 2 D ．35. 某几何体挖去两个半球体后的三视图如图所示，若剩余几何体的体积为23π，则a 的值为（ ）A ．1B ．2 C.D6. 已知{}n a 是各项均为正数的等比数列，nS 为其前n 项和，若11a =，3564a a ⋅=，则6S =（ ） A ． 65 B ．64 C. 63 D ．627. 中国古代三国时期的数学家赵爽,创作了一幅“勾股弦方图”，通过数形结合，给出了勾股定理的详细证明.如图所示,在“勾股弦方图”中，以弦为边长得到的正方形ABCD 是由4个全等的直角三角形和中间的小正方形组成，这一图形被称作“赵爽弦图”.若7cos 225BAE ∠=，则在正方形ABCD 内随机取一点，该点恰好在正方形EFGH 内的概率为（ ）A ． 2425B ． 45 C. 35 D ．1258. 过直线23y x =+上的点作圆2246120xy x y +-++=的切线，则切线长的最小值为（ ） A．D ．59. 如图所示，若程序框图输出的所有实数对(,)x y 所对应的点都在函数2()f x axbx c =++的图象上，则1()0f x dx =⎰（ ）A ． 1011B ． 1112 C. 1312 D ．121110.过双曲线2222:1x y C a b -=（0a >，0b >）的右焦点F 作两条渐近线的垂线，垂足分别为,A B ，点O 为坐标原点，若四边形OAFB 的面积为4，则双曲线的离心率为（ ）A ．C. 3D11. 如图，四棱锥P ABCD -的底面是边长为2的正方形，PA ⊥平面ABCD ，且4PA =，M 是PB 上的一个动点，过点M 作平面//α平面PAD ，截棱锥所得图形面积为y ，若平面α与平面PAD 之间的距离为x ，则函数()y f x =的图象是（ ）A ．B ． C.D ．12.对于任意0b >，a R ∈，不等式[][]222(2)ln (1)b a b a m m --+--≥-恒成立，则实数m的最大值为（ ）A ．B ．2 C. e D ．3第Ⅱ卷（共90分）二、填空题：本题共4小题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上） 13. 二项式62()x x -的展开式中的常数项是 ．(用数字作答)14. 已知数列{}n a 满足115a =，12()n n a a n N n *+-=∈，则n a n 的最小值为 ．15. 在某班举行的成人典礼上，甲、乙、丙三名同学中的一人获得了礼物.甲说：“礼物不在我这”；乙说：“礼物在我这”；丙说：“礼物不在乙处”.如果三人中只有一人说的是真的，请问(填“甲”、“乙”或“丙”)获得了礼物.16.抛物线2:4C yx =的焦点为F ，过准线上一点N 作NF 的垂线交y 轴于点M ，若抛物线C 上存在点E ，满足2NE NM NF =+，则MNF ∆的面积为 .三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题：共60分.17.ABC ∆中，三个内角,,A B C 的对边分别为,,a b c ，若(cos ,cos )m B C =，(2,)n a c b =+，且m n ⊥.（Ⅰ）求角B 的大小；（Ⅱ）若6b =，求ABC ∆周长的取值范围.18. 四棱台被过点11,,A C D 的平面截去一部分后得到如图所示的几何体，其下底面四边形ABCD 是边长为2的菱形，60BAD ∠=︒，1BB ⊥平面ABCD ，12BB =. （Ⅰ）求证：平面1AB C ⊥平面1BB D ； （Ⅱ）若1AA 与底面ABCD 所成角的正切值为2，求二面角11A BD C --的余弦值.19.2017年12月，针对国内天然气供应紧张的问题，某市政府及时安排部署，加气站采取了紧急限气措施，全市居民打响了节约能源的攻坚战.某研究人员为了了解天然气的需求状况，对该地区某些年份天然气需求量进行了统计，并绘制了相应的折线图.（Ⅰ）由折线图可以看出，可用线性回归模型拟合年度天然气需示量y (单位：千万立方米)与年份x (单位：年)之间的关系.并且已知y关于x的线性回归方程是ˆˆ=+，试确定ˆa的值，并预测y x a6.52018年该地区的天然气需求量；（Ⅱ）政府部门为节约能源出台了《购置新能源汽车补贴方案》，该方案对新能源汽车的续航里程做出了严格规定，根据续航里程的不同，将补贴金额划分为三类，A类：每车补贴1万元，B 类：每车补贴2.5万元，C类：每车补贴3.4万元.某出租车公司对该公司60辆新能源汽车的补贴情况进行了统计，结果如下表：为了制定更合理的补贴方案，政府部门决定利用分层抽样的方式了解出租车公司新能源汽车的补贴情况，在该出租车公司的60辆车中抽取6辆车作为样本，再从6辆车中抽取2辆车进一步跟踪调查.若抽取的2辆车享受的补贴金额之和记为“ξ”，求ξ的分布列及期望.20.椭圆2222:1x y E a b +=（0a b >>）的左、右焦点分别为1F ，2F ，过2F 作垂直于x 轴的直线l 与椭圆E 在第一象限交于点P ，若15PF =，且23a b =. （Ⅰ）求椭圆E 的方程；（Ⅱ）A ，B 是椭圆C 上位于直线l 两侧的两点.若直线AB 过点(1,1)-，且22APF BPF ∠=∠，求直线AB 的方程.21. 已知函数()ln f x a x =，a R ∈.（Ⅰ）若曲线()y f x =与曲线()g x =同的切线，求实数a 的值；（Ⅱ）在（Ⅰ）的条件下，试问函数1()()12xxe F x xf x -=-+是否有零点？如果有，求出该零点；若没有，请说明理由.(二)选考题：共10分.请考生在第22、23题中选定一题作答，并用2B 铅笔在答题卡上将所选题目对应的题号方框涂黑.按所涂题号进行评分不涂、多涂均按所答第一题评分；多答按所答第一题评分.22.选修4-4：坐标系与参数方程 在平面直角坐标系中，曲线221:((1)4C x y +-=，以坐标原点O 为极点，x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系，将曲线1C 绕极点逆时针旋转6π后得到的曲线记为2C . （Ⅰ）求曲线1C ，2C 的极坐标方程； （Ⅱ）射线3πθ=（0p >）与曲线1C ，2C 分别交于异于极点O 的A ，B 两点，求AB .23.选修4-5：不等式选讲 已知函数()2f x m x =--，m R ∈，且(1)0f x +≥的解集为[]0,2. （Ⅰ）求m 的值；（Ⅱ）若a ，b ，c R ∈，且11123m a b c++=，求证：239a b c ++≥. 2018年甘肃省第一次高考诊断理科数学考试参考答案及评分标准一、选择题1-5: CDACB 6-10: CDABD 11、12：DB二、填空题 13. -160 14. 27415. 甲三、解答题17.解:（Ⅰ）∵m n ⊥，则有cos (2)cos 0B a c C b ⋅++⋅=，∴cos (2sin sin )cos sin 0B A C C B ⋅++⋅= ∴2cos sin (sin cos cos sin )sin()sin B A C B C B B C A =-⋅+⋅=-+=-， ∴1cos 2B =-，∴23B π=. （Ⅱ）根据余弦定理可知2222cos b a c ac B =+-，∴2236a c ac =++，又∵236()a c ac =+-，∴22()36()2a c a c ac ++-=≤，∴6a c <+≤ 则ABC ∆周长的取值范围是(12,6+. 18.解：（Ⅰ）∵1BB ⊥平面ABCD ，∴1BB AC ⊥.在菱形ABCD 中，BD AC ⊥,又1BD BB B ⋂=，∴AC ⊥平面1BB D ， ∵AC ⊂平面1AB C ，∴平面1AB C ⊥平面1BB D . （Ⅱ）∵1BB ⊥平面ABCD ∴1AA 与底面ABCD 所成角为1A AB ∠，∴1tan 2A AB ∠=，∴111A B = 设BD ,AC 交于点O ，以O 为坐标原点，如图建立空间直角坐标系.则(0,1,0)B -，(0,1,0)D ，1(0,1,2)B -,A .11111(,2)222B A BA A =⇒-，同理11(,2)22C --，131(,2)2BA =，(0,2,0)BD =，11(,2)2BC =-.设平面1A BD 的法向量(,,)n x y z =， ∴10,0,BA n BD n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩则(n =-，设平面1C BD 的法向量(,,)m x y z '''=，10,0,BD m BC m ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩则m =，设二面角11A BD C --为θ，13cos 19m n m n θ⋅==.19. 解：（Ⅰ）如折线图数据可知 2008201020122014201620125x ++++== 236246257276286260.25y ++++==代入线性回归方程ˆˆ6.5yx a =+可得ˆ12817.8a =-. 将2018x =代入方程可得ˆ299.2y=千万立方米. （Ⅱ）根据分层抽样可知A 类，B 类，C 类抽取人数分别为1辆， 2辆，3辆则当A 类抽1辆，B 类抽1辆时，=3.5ξ，此时1112262( 3.5)15C C P C ξ===；当A 类抽1辆，C 类抽1辆时， 4.4ξ=，此时1113263( 4.4)15C C P C ξ===；当B 类抽1辆，C 类抽1辆时， 5.9ξ=，此时11232662( 5.9)155C C P C ξ====；当B 类抽2辆时，=5ξ，此时22261(5)15C P C ξ===；当C 类抽2辆时， 6.8ξ=，此时232631( 6.8)155C P C ξ====.所以ξ的分布列为：∴23211273.54.45.956.8151551555E ξ=⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=（万元） 20.解：（Ⅰ）由题可得223b PF a==，因为15PF=，由椭圆的定义得4a =，所以212b=，所以椭圆E 方程为2211612x y +=.（Ⅱ）易知点P 的坐标为(2,3).因为22APFBPF ∠=∠，所以直线PA ，PB 的斜率之和为0.设直线PA 的斜率为k，则直线PB 的斜率为k -，设11(,)A x y ，22(,)B x y ，则直线PA 的方程为3(2)y k x -=-，由223(2)11612y k x x y -=-⎧⎪⎨+=⎪⎩可得222(3+4)8(32)4(32)480kx k k x k +-+--=，∴128(23)234k k x k++=+ 同理直线PB 的方程为3(2)y k x -=--，可得2228(23)8(23)23434k k k k x k k ---++==++，∴2122161234k x x k -+=+，1224834kx xk --=+，121212121212(2)3(2)3()412AB y y k x k x k x x k k x x x x x x --++--+-====---，∴满足条件的直线AB 的方程为11(1)2y x +=-，即为230x y --=.21.解：（Ⅰ）函数()ln f x a x =的定义域为(0)+∞,，()a f x x'=，()g x '=设曲线()y f x =与曲线()g x =0(,)x y由于在公共点处有共同的切线，所以0a x =，解得24xa =，0a >.由0()()f x g x =可得0ln a x =.联立2004,ln x a a x ⎧=⎪⎨=⎪⎩解得2ea =.（Ⅱ）函数1()()12x xe F x xf x -=-+是否有零点，转化为函数()()ln 2eH x xf x x x ==与函数1()12xxe G x -=-在区间(0,)x ∈+∞是否有交点，()()ln 2eH x xf x x x ==，可得()ln (1ln )222e e eH x x x '=+=+， 令()0H x '>，解得1(,)x e ∈+∞，此时函数()H x 单调递增； 令()0H x '<，解得1(0,)x e ∈，此时函数()H x 单调递减. ∴当1x e=-时，函数()H x 取得极小值即最小值，11()2H e =-.1()12x xe G x -=-可得11()(1)2xG x x e -'=-， 令()0G x '>，解得01x <<，此时函数()G x 单调递增； 令()0G x '<，解得1x >，此时函数()G x 单调递减. ∴当1x =时，函数()G x 取得极大值即最大值，1(1)2G =-.因此两个函数无交点.即函数1()()12xxe F x xf x -=-+无零点.22.解：曲线221:((1)4C x y +-=化为极坐标方程是2sin ρθθ=+设曲线2C 上的点(,)Q ρθ绕极点顺时针旋转6π后得到(,)6P πρθ-在1C 上，代入可得2C 的极坐标方程是2cos ρθθ=+.（Ⅱ）将3πθ=（0ρ>）分别代入1C ，2C 的极坐标方程，得到1ρ=24ρ=124AB ρρ=-=-23.（Ⅰ）()01011f x m x m x m ≥⇒--≥⇒-≤≤+ 由(+1)0f x ≥的解集为[]02，可知1m =.（Ⅱ）111123a b c++=则 111233223(22)()111232233b c a c a b a b c a b c a b c a a b b c c++=++++=++++++++233233692323b a c a c b a b a c b c=++++++≥+=当且仅当23a b c ==时等号成立，即3a =，32b =，1c =时等号成立.。