理科学科能力 高二物理 首届 答案
高二物理(一)参考答案及评分标准
2011—2012学年度第二学期期末考试高二物理(一)参考答案及评分标准一、选择题（4分×10=40分）每小题中至少有一个答案是正确的，全对得4分，不全2分，错与不答0分.1．A 2．D 3．ABD 4．D 5．D 6．BD 7．C 8．B 9．AD 10．BD二、实验填空题（每问3分,共6分）11．（1）_数据采集器__；_电压传感器_；_电流传感器_ （2）_XYtmgh ___ 三、计算题（8+8+8=24分）每题要写出公式，代入相应的数据，最后得出答案．12．（8分）(2分) (2分)由L U R I U +=022 则Ω=-=19220I U U R L (2分) （2）W P R I U I P L R 1802211=--= (2分)13．（8分）电动势最大值为E m =n BSω=100×2×0.2×0.2×10π V=80π V (2分)有效值为 E =E m /2=40π2V (2分)电流有效值为 I =262π40+=+r R E A=5π2A (2分) 故产生的热量为Q =I 2Rt =150J (2分)14．（8分）解:（1）送电电压：U 2=21n n U 1=5000V ………… （1分） 送电电流：I 2=P 2/U 2= P 1/U 2=100A ………… （1分）损失的功率：P 损=I 22R=20000W ………… （2分）（2） U 3=U 2－I 2R=4800V …………………… （2分）Ks5u降压变压器匝数比：1124022048004343===U U n n （2分）K15．[物理—选修3-3] (30分) （1）(6分) ACE___(填入正确选项前的字母，选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分，每选错1个扣3分，最低分为0分)（2）(6分)（3）（9分） 解：（i ）对整体 a m F )2m (+= ① (2分) 对活塞 a m S P P 2)(0=- ② (2分) 联立①② 可得S F P P 30+= (1分)（ii ）气体温度不变 PL L P =00 (2分)所以 F SP L SP SF P L P L +=+=000000333 (2分) (4)（9分）解：(i)取表内封闭气体为研究对象，初状态的压强为p 1＝1.0×105Pa ，温度为T 1＝(273＋27)K ＝300K其末状态的压强为p 2，温度为T 2＝(273－21)K ＝252K 根据查理定律，有2211T p T p = ………………………………… (2分) 解得：p 2＝8.4×104 Pa ……………………………………………(2分)如果手表的表盘玻璃是向内爆裂的，则外界的大气压强为p 0＝p 2＋Δp ＝8.4×104Pa ＋6.0×104Pa ＝1.44×105Pa …………… (2分)大于山脚下的大气压强(即常温下的大气压强)，这显然是不可能的.所以可判断手表的表盘玻璃是向外爆裂的. ……………… (1分)(ii)当时外界的大气压强为p 0′＝p 2－Δp ＝8.4×104 Pa －6.0×104 Pa ＝2.4×104 Pa ……………(2分)16．[物理－选修3-4](30分)（1）（6分）ABC (填入正确选项前的字母，选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分，每336V S πρμ选错1个扣3分，最低分为0分)（2）（6分）向左在减小 向右在增大（3）（9分）解：（i ）光在圆柱体中的传播速度8310m/s c v n==⨯ （2分） （ii ）设光线PC 经折射后经过B 点，由折射定律有：sin 3sin n αβ== ① （2分） 又由几何关系有： 2αβ= ② （2分）解①②得 o 60α= （1分）光线PC 离直线AB 的距离CD =R sin α＝103cm则距离直线AB 为103cm 的入射光线经折射后能到达B 点． （2分）（4）（9分）解：（i ）此波沿x 轴负方向传播．（ii ）在t 1＝0到t 2这段时间时，质点M 恰好第3次到达沿y 轴正方向的最大位移处，则有：(2＋34)T ＝0.55s ，得T 由图象得简谐波的波长为λ＝0.4m ，则波速v ＝λT＝2m/s. （iii ）在t 1＝0至t 3这段时间，波中质点N 经过了6个周期，即质点N 回到始点，所以走过的路程为x 路＝6×5×4cm ＝120cm相对于平衡位置的位移为2.5cm.17．[物理－选修3-5](30分)（1）(6分) ACD (填入正确选项前的字母，选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分，每选错1个扣3分，最低分为0分)（2）(6分)λ3h 2c（3）（9分）（i ）小木块在弧形轨道末端时，满足R mv mg F 20=- （2分） 解得：25N =F （1分）（ii ）根据动能定理 02120f -=-mv W mgR （2分）解得：J 5.1f =W （1分）（iii ）根据动量守恒定律 v M m mv )(0+= （2分）解得：m/s 0.1=v （1分）（4）（9分）（i ）e 2He H 4014211+→ γγ+→+-e e 0101 (4分)（ii ）太阳内每形成一个氦核产生能量为4.5×1210-J ，太阳每秒发射5.0×2610J 能量，所以每秒形成的氦数目n ＝5.0×2610J/4.5×1210-J ＝1.1×3810 (2分)一年太阳释放的总能量为E ＝5×2610J×365×24×3600＝1.6×3410J (2分)太阳每年减少的质量为m ＝E /2c ＝1.8×1710kg (1分)高二物理(二)参考答案及评分标准 一、选择题（4分×10=40分）每小题中至少有一个答案是正确的，全对得4分，不全2分，错与不答0分.1．A 2．B 3．A 4．C 5．D 6．C 7．B 8．A 9．D 10.A二、实验填空题（每空3分 共6分）11．(1)Tx 21 (2)/s 2 三、计算题（6+8+10=24分）每题要写出公式，代入相应的数据，最后得出答案.12．（6分）解：(1)设运动员打开降落伞的瞬间的速度为v 0 ，到达地面时的速度为v t由v t 2－v 02＝2ah 2解出v 0＝/s （1分）又因为v 02＝2gh 1解出h 1＝182.5m. （1分）所以h ＝h 1＋h 2m （1分）(2)又因为t 1＝v 0g＝6.04s ， （1分）t 2＝v t －v 0a＝3.82s ， （1分） 所以t ＝t 1＋t 2＝9.86s ， （1分）13.（8分）解： 根据小球贴着滑块运动时的受力情况，可列出水平方向和竖直方向的运动方程分别为Tcos45°-Nsin45°=m aTsin45°+Ncos45°=mg联立两式，得N=mgcos45°-m a sin45°则00045sin 45sin 45cos m N g a -=若小球对滑块的压力等于零，即 N=0时，滑块的加速度为 g g a ==0045sin 45cos可见，当滑块以a=2g ’的作用.设此时线与竖直方向的夹角为β.由牛顿第二定律有 ma T =βsin 'mg T =βcos '联立两式得mg mg ma T 5)()(22'=+=评分标准：每式1分14.（10分）解:（1）物块沿斜面匀减速下滑221/2.1/0.24.2s m s m t va ==∆=根据牛顿第二定律：1037sin ma mg f F =-=cos370N mg -︒=f N μ=得:10037sin 37cos ma mg mg =-μ9.037cos 37sin 01=+=g a g μ（2）v 0=3m/s 时，物块若保持匀减速下滑，最大滑行距离ma v S 75.32.1232212=⨯==所以物块将滑到水平面上设物块滑到斜面底端的速度为v 1s m s m L a v v /2.1/15.32.123221201=⨯⨯-=-=在斜面上 s s a v v t 5.12.132.11011=--=-= 在水平面上 2ma mg N f ===μμ 22/9s m g a ==μs a v t 13.092.1212===总时间 s t t t 63.121=+=评分标准：每问5分15．[物理—选修3-3] (30分)（1）(6分) ACE___(填入正确选项前的字母，选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分，每选错1个扣3分，最低分为0分)（2）(6分)（3）（9分） 解：（i ）对整体 a m F )2m (+= ① (2分) 对活塞 a m S P P 2)(0=- ② (2分) 联立①② 可得S F P P 30+= (1分)（ii ）气体温度不变 PL L P =00 (2分)所以 F SP L SP SF P L P L +=+=000000333 (2分) (4)（9分）解：(i)取表内封闭气体为研究对象，初状态的压强为p 1＝1.0×105Pa ，温度为T 1＝(273＋27)K ＝300K其末状态的压强为p 2，温度为T 2＝(273－21)K ＝252K 根据查理定律，有2211T p T p = ………………………………… (2分) 解得：p 2＝8.4×104 Pa ……………………………………………(2分)如果手表的表盘玻璃是向内爆裂的，则外界的大气压强为p 0＝p 2＋Δp ＝8.4×104Pa ＋6.0×104Pa ＝1.44×105Pa …………… (2分)大于山脚下的大气压强(即常温下的大气压强)，这显然是不可能的.所以可判断手表的表盘玻璃是向外爆裂的. ……………… (1分)336V S πρμ(ii)当时外界的大气压强为 p 0′＝p 2－Δp ＝8.4×104 Pa －6.0×104 Pa ＝2.4×104 Pa ……………(2分)16．[物理－选修3-4](30分)（1）（6分）ABC (填入正确选项前的字母，选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分，每选错1个扣3分，最低分为0分)（2）（6分）向左在减小 向右在增大（3）（9分）解：（i ）光在圆柱体中的传播速度8310m/s c v n==⨯ （2分） （ii ）设光线PC 经折射后经过B 点，由折射定律有：sin 3sin n αβ== ① （2分） 又由几何关系有： 2αβ= ② （2分）解①②得 o 60α= （1分）光线PC 离直线AB 的距离CD =R sin α＝103cm则距离直线AB 为103cm 的入射光线经折射后能到达B 点． （2分）（4）（9分）解：（i ）此波沿x 轴负方向传播．（ii ）在t 1＝0到t 2这段时间时，质点M 恰好第3次到达沿y 轴正方向的最大位移处，则有：(2＋34)T ＝0.55s ，得T 由图象得简谐波的波长为λ＝0.4m ，则波速v ＝λT＝2m/s. （iii ）在t 1＝0至t 3这段时间，波中质点N 经过了6个周期，即质点N 回到始点，所以走过的路程为 x 路＝6×5×4cm ＝120cm相对于平衡位置的位移为2.5cm.17．[物理－选修3-5](30分)（1）(6分) ACD (填入正确选项前的字母，选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分，每选错1个扣3分，最低分为0分)（2）(6分)λ3h 2c（3）（9分）（i ）小木块在弧形轨道末端时，满足R mv mg F 20=- （2分）解得：25N =F （1分）（ii ）根据动能定理 02120f -=-mv W mgR （2分）解得：J 5.1f =W （1分）（iii ）根据动量守恒定律 v M m mv )(0+= （2分）解得：m/s 0.1=v （1分）（4）（9分）（i ）e 2He H 4014211+→ γγ+→+-e e 0101 (4分)（ii ）太阳内每形成一个氦核产生能量为4.5×1210-J ，太阳每秒发射5.0×2610J 能量，所以每秒形成的氦数目n ＝5.0×2610J/4.5×1210-J ＝1.1×3810 (2分)一年太阳释放的总能量为E ＝5×2610J×365×24×3600＝1.6×3410J (2分)太阳每年减少的质量为m ＝E /2c ＝1.8×1710kg (1分)。
高二物理试题答案及解析
高二物理试题答案及解析1.如图所示，带电粒子以速度v沿cb方向射入一横截面为正方形的区域，c、b均为该正方形两边的中点。
不计粒子的重力，当区域内有竖直方向的匀强电场E时，粒子从a点飞出，所用时间为t；当区域内有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面的匀强磁场时，粒子也从a点飞出，所用1。
下列说法正确的是时间为t2A． B． C． D．【答案】AD【解析】A、B、粒子在电场作用下作类平抛运动，而在磁场作用下作匀速圆周运动．在电场作用下，水平方向的速度分量保持不变，而在磁场作用下，作匀速圆周运动时，水平方向的速度分量逐步减小，故，故A正确、B错误；C、D、设正方向的边长为L，当区域内有竖直方向的匀强电场E时，粒子做类平抛运动有：，，解得；当区域内有垂直于纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场时，粒子做匀速圆周运动，设圆的半径为R，由勾股定理得，解得，，可知，得，故C错误，D正确。
故选AD．【考点】本题考查带电粒子在电磁场中运动、类平抛运动、匀速圆周运动。
2.用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，以下公式中不属于定义式的是（）A．电流强度I=B．电容器电容C=C．导体电阻R=D．真空中点电荷电场场强E=k【答案】D【解析】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．解：A、电流强度与流过截面的电量和时间无无直接关系，所以I=属于比值定义法．故A正确．B、电容器的电容有本身性质决定，与所带的电量和两端间的电势差无关．故B正确．C、电阻R与电压、电流无关，是其本身的属性，属于比值定义法，故C正确．D、电场强度与场源电荷量成正比，与距离的平方成反比，所以不属于比值定义法．故D错误．故选D【点评】解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．3.如图所示，仅在电场力作用下，一带电粒子沿图中虚线从A运动到B，则：A．电场力做正功B．动能减小C．电势能增加D．加速度增大【答案】BCD【解析】做曲线运动过程中，物体受到的合力指向轨迹的内侧，而粒子仅受电场力作用，所以电场力方向与电场方向相反，又知道速度沿切线方向，所以速度与电场力的夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大，动能减小，A错误BC正确，电场线的疏密程度可表示电场强度大小，电场线越密电场强度越大，故粒子在A点的电场力小于在B点的电场力，故加速度变大，D正确【考点】考查了带电粒子在电场中的运动【名师】关键是知道三点，一做曲线运动过程中，物体受到的合力指向轨迹的内侧，二电场线的疏密程度可表示电场强度大小，三.合力与速度方向夹角为钝角，合力做负功，反之合力做正功4.为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的，在如图四个图中，正确表示安培假设环形电流方向的是【答案】B【解析】地磁场的N极在地里的南极附近，地磁场的S极在地理的北极附近，根据根据安培定则，让拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故B正确；【考点】考查了地磁场.安培定则【名师】要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向，另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定5.关于家庭安全用电，下列做法正确的是（）A．将移动插座远离水池B．用湿抺布擦去工作中电器上的灰尘C．使用洗衣机时，电器外壳不接地D．消毒碗柜、电饭煲和电冰箱同时使用一个移插座【答案】A【解析】解：A、插座外表是绝缘，一旦受潮就不绝缘，故要远离水．故A正确；B、当用湿抺布擦去工作中电器上的灰尘时，此时电器正在工作，所以导致电路短路烧毁．故B不正确；C、使用洗衣机时，电器外壳容易有静电出现，所以必须接地，将多余电荷导走．故C不正确；D、消毒碗柜、电饭煲和电冰箱不能同时使用同一个移插座，原因是负载太大，会导致插座烧毁．故D不正确；故选：A【点评】用电确保安全，不能超负荷，同时有三脚插头时必须要有接地线．6.如图所示，运输汽油等易燃易爆物品的车辆总有一条铁链拖在地上，这样做的目的是（）A．发出声音，引起路人注意B．减缓车速，保证行车安全C．把静电引入大地，避免因放电引起爆炸D．与地面发生摩擦，在运输车上积累电荷【答案】C【解析】汽车行驶时，油罐中的汽油随车的振动摩擦起电，如果不及时的将这些静电倒走，一旦出现放电现象，就会发生爆炸事故．拖地铁链使油罐表面与大地相连，使油罐罐体中的电荷不断地中和，不致造成放电产生火花引起油罐爆炸．故选C．【考点】静电的防止及利用【名师】本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例，能用所学的知识来解释生活中的有关问题．7.用螺旋测微器测小球直径如图甲，这时读出的数值是___________mm；用游标卡尺（卡尺的游标有20等分）测量一支铅笔的长度，测量结果如图乙，可知铅笔的长度是________mm。
高二物理(理科)试题及答案
高 二 物 理（理科）注意事项：1．考生务必用0.5 mm 黑色中性笔把答案做在答题卡上，交卷时只交答题卡，不交试题，答案写在试题上无效。
2．满分100分，考试时间90分钟。
一、单项选择题。
每小题四个选项中只有．．一个选项是正确的。
每小题4分，共32分。
1．物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用。
在下面器件中，利用电磁感应原理工作的是A ．电磁炉B ．回旋加速器C ．质谱仪D ．示波管2．在以下各种说法中，正确的是A ．一单摆做简谐运动，摆球相继两次通过一同位置时的速度必相同B ．机械波和电磁波本质上不相同，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象C ．横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期D ．变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场3．一个弹簧振子沿x 轴做简谐运动，取平衡位置O 为x 轴坐标原点。
从某时刻开始计时，经过二分之一周期，振子具有沿x 轴正方向的最大加速度。
能正确反映振子位移x 与时间t 关系的图像是4．一束黄光从介质a 射向介质b ，在a 、b 介质的分界面上发生了全反射，则下列说法正确的是A ．a 是光疏介质，b 是光密介质B ．黄光在介质a 中的传播速度大于在介质b 中的传播速度C ．黄光在介质a 中的波长小于在介质b 中的波长D ．让一束红光以相同的入射角从介质a 射向介质b ，在a 、b 的分界面上一定能发生了全反射5．关于光的折射现象，下列说法正确的是A ．光从一种介质进入另一种介质，一定要发生偏折B ．光从空气斜射入介质，折射角大于入射角C ．光从空气进入介质，光速要减小D ．光从空气斜射入介质，折射角越大，折射率就越大 C t x 0 D tx 0 At x0 B t x 06．如图所示s —t 图象和v —t 图象中，给出四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是A ．图线1表示物体做曲线运动B ．s —t 图象中t 1时刻v 1＞v 2C ．v —t 图象中0至t 3时间内4的平均速度小于3的平均速度D ．两图象中，t 2、t 4时刻分别表示2、4开始反向运动7．如图所示，一个“Y ”形弹弓顶部跨度为L ，两根相同的橡皮条自由长度均为L ，在两橡皮条的末端用一块软羊皮(长度不计)做成裹片。
高二物理试题：高二上册物理试题参考答案
高二物理试题：2019高二上册物理试题参考答案你还在为高中物理学习而苦恼吗?别担心，看了高二物理试题：2019高二上册物理试题参考答案以后你会有很大的收获：高二物理试题：2019高二上册物理试题参考答案高二物理（理科）期中质量检测试题参考答案及评分标准一、选择题、（每个4分，共48分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）题号1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12答案C B AC D B AC AC BC A BD C A二、填空题、（每空2分，共32分）13．250N/C N 14．，15. __1:2:4_ 1:2:4__ 16.大99.817．（1）a .（2）B . F . D .（3）1.5 V . 1 。
三、计算题：（本题共3题，共24分。
要求解答应写出必要的文字说明、方程式、重要的演算步骤，推理、说明过程要简洁清晰，有数字计算的题要写出明确的数值和单位，只有最后结果的得零分。
）18.（6分）解析：(1)对B球受力分析如图所示，由几何关系知：F＝mgtan45＝mg＝2.010－2 N，(2分)由牛顿第三定律知FBA＝FAB＝2.010－2 N．(1分)(2)又F＝kqAqBr2(1分)故qB＝Fr2kqA＝2.010－2?0.3?291094.010－8 C＝5.010－6 C．(2分) 答案：(1)2.010－2 N(2)5.010－6 C19.（8分）解析：当S闭合时，R1、R2并联接入电路，由闭合电路欧姆定律得：U1＝E－I1r即E＝1.6＋0.4r，①当S断开时，只有R1接入电路，由闭合电路欧姆定律得：U2＝E－I2r，即E＝(1.6＋0.1)＋(0.4－0.1)r，②由①②得：E＝2 V，r＝1 .答案：2 V120．（10分）解：（1）根据动能定理＝2.96107m/s（2）根据动能定理＝4.4410-16J（3）根据动能定理＝2.010-2m.2.96107m/s; 4.410-16J; 2.010-2m.通过阅读高二物理试题：2019高二上册物理试题参考答案这篇文章，小编相信大家对高中物理的学习又有了更进一步的了解，希望大家学习轻松愉快!。
学科能力测评问卷(高二理)
推理与证明
口好口较好口一般口不好
6
平面向量
口好口较好口一般口不好
8
三角恒等变换
口好口较好口一般口不好
10
解三角形
口好口较好口一般口不好
2
数列
口好口较好口一般口不好
10
不等式
口好口较好口一般口不好
6
常用逻辑用语
口好口较好口一般口不好
2
曲线与方程
口好口较好口一般口不好
4
空间向量
口好口较好口一般口不好
2
离子的检验、离子反应
口好口较好口一般口不好
2
金属的通性、金属凝练
口好口较好口一般口不好
2
铁、钠、镁、铝的化合物
口好口较好口一般口不好
4
合金
口好口较好口一般口不好
2
硅及其化合物
口好口较好口一般口不好
2
氯及其化合物
口好口较好口一般口不好
2
硫及其化合物
口好口较好口一般口不好
2
氮及其化合物
口好口较好口一般口不好
辨析病句
口好4口较好6口一般8口不好10
3
扩展语句
口好1口较好2口一般2口不好4
1
压缩语段
口好1口较好2口一般2口不好4
2
仿用句式
口好1口较好1口一般2口不好2
1
选用变换句式
口好1口较好1口一般2口不好2
2
语言表达准确.鲜明生动.得体
口好2口较好2口一般4口不好6
2
非谓语动词总结
口好口较好口一般口不好
6
从句总结
口好口较好口一般口不好
6
物理
知识点
首届全国中学生物理学科能力解题技能竞赛(高二样卷)
Ｂ
此 时 千 斤 顶 对 汽 车 的 支 持 力 为 １ ０ｘ ０ ． １ Ｎ ；
Ｃ
Ｄ
若 继续 摇 动把手 ， 臂受 到 的压力将 增 大 ； 两
若 继 续 摇 动 把 手 ， 臂 受 到 的 压 力 将 减 小 两
点 电 荷 在 ＡＢ弧 中 点 处 的 电 场 强 度 大 小 为 （
是 （ ） ．
功 登 上 珠 峰 的 预 定 目标 ， 如
图 １所 示 是 火 炬 手 攀 登 珠 峰
的线 路 图 ， 跟 据 此 图 判 断 请 下列 说法 正确 的是 （ Ａ ） ． 由 起 点 到 终 点 火 炬
手 所 走 线 路 的 总 长 度 是 火 炬
的位 移 ； Ｂ Ｃ
Ｃ ３ ｎ ｑ； ｒ ｇ／
Ｄ ４ ｇ／ ｍ ｑ
６ 某 研 究 性 学 习 小 组 为 了 测 量 地 面 对 篮 球 的 最 大 弹 ． 力 ， 出 了以下 四个方 案 ， 认 为可 行 的是 （ 提 你 ） ．
Ａ 甲 同 学 认 为 可 以 通 过 测 量 篮 球 的 质 量 和 落
斌 右 手 高擎 祥 云 火炬 ， 一
条 火 龙 迅 速 呼 啸 而
图３
上 — — 北 京 残 奥 会 的 主 火 炬 ， 一 种 大 朴 若 拙 但 却 震 以
撼 人 心 的 方 式 被 点 燃 了 。 图 ３是 侯 斌 攀 登 过 程 和 点
燃 主 火 炬 两 个 瞬 间 的 照 片 ， 根 据 以 上 情 况 判 断 下 列 请 说 法正 确 的是 （ Ａ ） ． 侯 斌 攀 登 过 程 中 所 做 的 功 转 换 为 侯 斌 和 轮
给出的四个选项中， 有的小题只有一个送项正确， 有
高二物理参考答案
2018—2019学年第一学期教学质量检查高二物理参考答案一、单项选择题：二、多项选择题15．（18分）（1） 10.50mm （2分）、1.732mm(2分)、7.0Ω或7Ω（2分） （2）①②a 、2 ③2.25（2~2.25范围均可给分，这空对有效数字不作要求）④安全．灯丝烧断后，测量支路的总电阻变大，电流变小（每空2分，共12分）16．(10分)（1）颗粒在电场区域做匀速直线运动，有mg dUq=2分 U mgdq = 2分 由于电场方向向下，电荷所受电场力向上，可知： 颗粒带负电荷。
1分（2）颗粒垂直进入电、磁场共存区域，重力仍与电场力平衡，合力等于洛伦兹力，颗粒做匀速圆周运动，有R vm B qv 200=1分Bqmv R 0=1分 考虑颗粒进入磁场和撞板的几何关系，可知颗粒在该区域恰好完成四分之一圆周运动，则半径 R ＝d 2分得20gdUv B =1分 （用其他方法，计算正确的，参照给分。
）17．（12分）解：（1）设物体运动到B 点时，轨道对它的支持力大小为B Fmg F ＝电 R S 2＝由动能定理得 02122-⨯B mv R F ＝电 （2分）由牛顿第二定律得 2BB v F mg m R-= （1分）解得， mg F B 5= （1分）由牛顿第三定律得，小球运动到B 时对轨道的压力大小为5mg ，方向竖直向下（1分） （2）设物体运动到D 点时的速度为D v ，从静止开始到D 点由动能定理可得：021)22--+⨯D mv mgR R R F ＝（电 （2分）解得D v = （1分）（3）物体离开D 点后竖直方向上做匀减速运动，水平方向上做匀加速运动．水平方向的加速度大小为x a ，竖直方向的加速度大小为y a ，则有gmF a x ==电，g mmga y== （2分） 小球运动到最高点竖直速度为零．设小球从D 点运动到轨迹最高点时间为t ，则有D y v t a == （1分） 设小球从D 点运动到最高点过程中的水平方向位移为x ，则有2122x x a t R == （1分）（用其他方法，计算正确的，参照给分。
高二物理参考答案
115、（1）A1 （2分） （2）V1 （2分） （3）电路图如图[4分]（4）实物连接如图[4分]【解析】PQ 在恒力F 作用下运动，产生感应电流，因而受安培力，随着速度的增大，安培力也增大，当安培力大小与恒力F 相等时，PQ 将做匀速运动，速度达到最大. （1）由右手定则知感应电流方向为Q →P ；（2）PQ 运动产生感应电动势，相当于电源，因电源内部电流由低电势流向高电势，所以P 端电势高于Q 端电势；（3）因棒中电流由Q →P ，由左手定则知棒所受安培力方向向左；17、（12分）【答案】(1)磁场方向垂直纸面向里 (2)1×105m/s【解析】(1)由题图可知，平行板产生的电场强度E 方向向下．带负电的电子受到的电场力FE ＝eE ，方向向上．若没有磁场，电子束将向上偏转，为了使电子能够穿过小孔S ，所加的磁场施于电子束的洛伦兹力必须是向下的，根据左手定则分析得出，B 的方向垂直于纸面向里．(2)能够通过小孔的电子，其速率满足下式：evB ＝eE ，解得：v ＝EB .又因为E ＝U d ，所以v ＝U Bd ＝3000.060.05⨯ m/s ＝1×105 m/s.即只有速率为1×105m/s 的电子可以通过小孔S. 18、（13分）解：（1）电动机不转时，设线圈电阻为R ，则R=U 1 /I 1 =0.2/ 0.4 Ω=0.5Ω， （2）电动机正常工作时消耗的功率为P=U 2I 2=2.0×1.0 W=2.0 W ，电动机正常工作时线圈电阻损耗的功率为P 损=I 22R=1.02×0.5 W=0.5 W ， 电动机正常工作时输出功率为P 出=P-P 损=2.0-0.5 W=1.5 W ，（3）电动机转子被卡住时，电功全部转化为电热P 热=U 22 /R =2.02/0.5 W=8W ． 19、 (1)小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到A 板时速度为零。
高二理科 物理参考答案
其中是单摆长度，和分别是两地点的重力加速度l g g 0根据万有引力公式得：g G M R 02= （3）………1分 g G M R h =+()2（4）……1分 其中G 是引力常数，M 是地球质量由（1）（2）（3）（4）式解得：h T T R =-()01………2分 18.解析：⑴在0至4s 内 ()02005B t T =⋅+⋅ ……1分当t =3s 时的磁感应强度 B 3=0.2+0.15T=0.35T ……1分 则磁通量 ()43303520010710B S Wb φ--==⋅⨯⨯=⨯ ……2分 ⑵在4至6s 内 02B T S t∆=⋅∆……………………………………1分 线圈产生的感应电动势()4100020010024B E n nS V t tφ-∆∆===⨯⨯⨯⋅=∆∆…1分 ()40814E I A R r ===⋅++ …1分 ()32ab U IR V ==⋅…1分 19．解析： （1）根据E m =NBSω=11002V ……………………………………2分得输出电压的有效值为U 1=2E m=1100 V ……1分（2）根据2121n n U U = 得15n n 21= ……………2分 （3） 根据P 入=P 出=2.2×104W ……1分再根据P 入= U 1 I 1 解得 I 1=20A ……………2分20．设小球的质量为m ，绳子长度为L ，绳子拉力的最小值和最大值各为F 1和F 2，小球摆至最高点时，绳子拉力最小F 1=mgCosθ………………………………………2 分小球摆至最低点时，绳子拉力最大F 2—mg=m LV 2……………………… 2 分摆动过程小球机械能守恒ϑcos 1(212-==mgl mgh mv ）…………… 2 分 由以上各式得：cosθ=12123F F F +=0.5 ……………………………… 2 分 θ=600 ……………………………………………………………… 2 分。
高二物理习题及参考答案
高二物理习题及参考答案自从牛顿奠定了理论物理学的基础以来，物理学的公理基础的最伟大变革，是由法拉第、麦克斯韦在电磁现象方面的工作所引起的。
下面给大家带来一些关于高二物理习题及答案，希望对大家有所帮助。
物理习题：一选择题：1、在一倾角为θ的粗糙斜面上，有一被水平向绳子拉住边缘的圆柱体，如图，若圆柱体质量为m，且处于静止状态，则绳子的拉力为A.mgsinθB.mgtgθC.mg/cosθD.mgsin/(1+cosθ)2、一质点做匀加速直线运动，第三秒内的位移2m，第四秒内的位移是2.5m，那么可以知道A. 这两秒内平均速度是2.25m/sB. 第三秒末即时速度是2.25m/sC. 质点的加速度是0.125m/s2D. 质点的加速度是0.5 m/s23、做匀加速直线运动的列车，车头经过某路标时的速度为v1，车尾经过该路标时的速度是v2，则列车在中点经过该路标时的速度是4、质量为m的物体放在粗糙水平面上，在水平恒力作用下由静止开始运动，经过时间t，速度达到v，如果要使物体的速度达到2v，可以采取的下列方法是A. 将物体的质量变为m/2，其他条件不变B. 将水平恒力增为2F，其他条件不变C. 将时间增为2t，其他条件不变D. 将质量、作用力、时间都增为原来的两倍5、要计算竖直上抛一个物体时手对抛出物作用力的冲量，如不计空气阻力，所需的已知条件为下列几种组合中的A. 物质的质量m，它能上升的高度HB. 抛出时的初速v0，它能上升的高度HC. 抛出时用力F的大小，物体上升到处所需的时间tD. 物体的重量G，它在空中的时间t′。
6、如图所示，在一个足够大的光滑平面内有A、B两个质量相同的木块，中间用轻质量弹簧相连，今对B施以水平冲量EΔt(Δt极短)，此后A、B的情况是A. 在任意时刻，A、B加速度大小相同B. 弹簧伸长到最长时，A、B速度相同C. 弹簧恢复到原长时，A、B动量相同D. 弹簧压缩到最短时，系统总动能最小7、在光滑的水平面上，有A、B两个小球向右沿同一直线运动，取向右为正方向，两球的动量分别为pA=5kgm/s，pB=7kgm/s，如图所示。
高二物理试题答案及解析
高二物理试题答案及解析1.一台交流发电机，产生交变电动势的最大值为500V，周期为0.02s，保持其它条件不变，把转速提高到原来的2倍，则交变电动势的有效值为______，周期为______．【答案】【解析】由交变电流的电压瞬时值表达式：和可知，转速提高为原来的2倍后，则交变电压的最大值变为原来的2倍，即1000V；因此交变电压的有效值为；频率增加为原来的2倍，则周期为原来的一半，即为0.01s；思路分析：用交变电流的电压瞬时值表达式：和分析即可。
试题点评：本题考查计算交变电流的电压的瞬时值表达式。
2.如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板之间有一个电荷q 处于静止状态。
现将两极板的间距变大，则( )A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流【答案】BD【解析】将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，板间场强减小，电荷q所受的电场力F=Eq减小，电荷将向下加速运动．故A错误，B正确；根据电容的决定式可知，电容减小，电容器的电压U不变，由电容的定义式分析得知，电容器的电量减小，电容器放电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从b到a的电流．故C错误，D正确．故选BD．【考点】电容器【名师】对于电容器动态变化分析问题，首先要根据电容的决定式判断电容的变化，抓住不变量，再由电容的定义式分析电量或电压的变化，再进一步研究场强等的变化情况。
3.下列说法中正确的是（）A．电流表与电压表都可以直接与电源相接B．电流表可以直接与电源相接，而电压表不行C．电流表与电压表都不可以直接与电源相接D．电压表可以与电源直接相接，而电流表不能【答案】D【解析】电流表内阻较小，而电压表内阻较大，因此可确定能否与电源直接相连，从而即可求解．解：电流表的内阻较小，而电压表内阻较大，因此电阻较大的可直接与电源相连，即电压表与电源直接相连，而电流表电阻较小，不能直接与电源相连，故D正确，ABC错误；故选：D．点评：考查电流表与电压表如何接入电路，及掌握电压表与电流表的内阻的大小不同，注意接电表时，当心量程和接线柱的正负极．4. 用多用表测量一个阻值约为2kΩ的电阻，为了使测量结果比较准确，正确的操作是（ ） A ．选择正确档位后即可直接进行测量 B ．选择开关应扳到“×1K”挡 C ．选择开关应扳到“×100”挡D ．测量时应用手指把两只表笔分别捏紧在电阻两端【答案】C【解析】电阻的大小等于表盘的读数乘以倍率，测量时需将指针指在中间附近，测量误差较小．换挡后需重新欧姆调零．解：A 、多用表在测量电阻时，每测选择档位后必须进行调零，故A 错误；B 、为了测量的准确，每次测量时应使指数指在中间位置，2kΩ的电阻应选用×100档进行测量，故C 正确，B 错误；D 、因人是导体，故在测量时不能接触两触针，故D 错误； 故选：C ．点评：题考查了欧姆表的使用方法和注意事项，欧姆表表盘的特点要牢记在心．5. 多用电表调到欧姆档时，其内部等效电路是下列图中（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】C【解析】根据欧姆表改装原理可知其内部等效电路应有电池、滑动变阻器、电流表表头，并且黑表笔应与电池的正极相连，红表笔与电池的负极相连．解：多用电表调到欧姆档时，其内部应有电池、滑动变阻器、电流表表头，并且黑表笔应与电池的正极相连，红表笔与电池的负极相连．故C 正确，ABD 错误． 故选：C点评：本题关键要掌握欧姆表的改装原理和使用方法，抓住与电压表和电流表的区别有助于掌握欧姆表的构造．6. （理）[选修物理3﹣1模块（偏理）的考生做此题如图所示电路的三根导线中，有一根是断的，电源、电阻器R 1、R 2及另外两根导线都是好的．为了查出断导线，某同学想先将万用表的红表笔连接在电源的正极a ，再将黑表笔分别连接在电阻器R 1的b 端和R 2的c 端，并观察万用表指针的示数．在下列选挡中，符合操作规程的是（ ）A ．直流电压挡B ．交流电流挡C ．交流电压挡D ．欧姆挡【答案】A【解析】有多用表检测故障若使用电压档或电流档，将其连入电路要注意量程，用欧姆档要把待检测电路从电源断开．解：A 、直流电压档检测可以，若电压表有示数则示数等于电源电压，说明两表笔不含电源的导线之间有断路，故A 正确；BC 、电源为直流电源，不能用交流挡，故BC 错误； D 、用欧姆档要把电源断开，本题操作没有，故D 错误．点评：考查多用电表的使用，明确利用其检测故障要注意的事项．7.（2014•浙江）如图，水平地面上有一个光滑绝缘斜面，斜面与水平面的夹角为θ．一根轻质绝缘细线的一端固定在斜面顶端，另一端系有一个带电小球A，细线与斜面平行．小球A的质量为m，电量为q．小球A的右侧固定放置带等量同种电荷的小球B，两球心的高度相同、间距为d．静电力常量为k，重力加速度为g，两带电小球可视为点电荷．小球A静止在斜面上，则（）A．小球A与B之间库伦力的大小为B．当=时，细线上的拉力为0C．当=时，细线上的拉力为0D．当=时，斜面对小球A的支持力为0【答案】AC【解析】根据库仑定律求解两个球间的库仑斥力大小，然后根据共点力平衡条件列式分析．解：A、根据库仑定律，小球A与B之间库仑力的大小为：F=；故A正确；B、C、若细线上的拉力为0，小球A受重力、支持力和库仑斥力而平衡，根据共点力平衡条件，重力的下滑分力与库仑力的上滑分力平衡，即：mgsinθ=Fcosθ；其中F=；联立解得：mgsinθ=cosθ故：=；故B错误，C正确；D、两个球带同中电荷，相互排斥，故斜面对A的弹力不可能为零；故D错误；故选：AC．点评：本题关键是明确A球的受力情况，然后根据共点力平衡条件列方程求解，注意细线拉力为零的临界条件．8.（2015•成都模拟）甲图中a、b是电流相等的两直线电流，乙图中c，d是电荷量相同的两正点电荷，O为两电流（或电荷）连线的中点，在o点正上方有一电子，“较小的速度v射向O点，不计重力．关于电子的运动，下列说法正确的是（）A．甲图中的电子将做变速运动B．乙图中的电子将做往复运动C．乙图中的电子在向O点运动的过程中，加速度一定在减小D．乙图中的电子在O点动能最大，电势能最小【解析】根据安培定则判断出磁场的方向，根据左手定则判断出电子运动中受力方向，根据电子受到的电场力的特点判断出电子在电场中的运动特点解：A、甲图中ab在电子运动的方向上产生的磁场的方向都向下，与电子运动的方向相同，所以电子不受洛伦兹力的作用将做匀速直线运动．故A错误；B、乙图中，cd的连线上，O点上方的电场方向向上，O点下方的电场的方向向下，电子在O点上方受到的电场力的方向向下，在O点的下方受到的电场力的方向向上，所以电子先做加速运动，后做减速运动，将在某一范围内做往复运动．故B正确；C、乙图中，cd的连线上，O点的电场强度是0，O点上方的电场方向向上，O点下方的电场的方向向下，从O点向两边电场强度的电场线增大，后减小，所以乙图中的电子在向O点运动的过程中，加速度不一定在减小．故C错误；D、乙图中，cd的连线上，O点上方的电场方向向上，O点下方的电场的方向向下，所以O点的电势最高；电子带负电，乙图中的电子在O点动能最大，电势能最小．故D正确．故选：BD点评：该题考查常见的磁场与常见电场的特点，这是考查的重点内容之一，要牢记．9.（2014•广安模拟）一根套有细环的粗糙杆水平放置，带正电的小球A通过绝缘细线系在细环上，另一带正电的小球B固定在绝缘支架上，A球处于平衡状态，如图所示．现将B球稍向右移动，当A小球再次平衡（该过程A、B两球一直在相同的水平面上）时，细环仍静止在原位置，下列说法正确的是（）A.细线对带电小球A的拉力变大B.细线对细环的拉力保持不变C.细环所受的摩擦力变大D.粗糙杆对细环的支持力变大【答案】AC【解析】以小球和环整体为研究对象，分析受力，根据平衡条件分析粗糙杆对细环的支持力和摩擦力的变化．再以小球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析细线的拉力的变化．解：A、B以小球为研究对象，分析受力情况：重力mg、细线的拉力T和电场力F，根据平衡条件得T=，F增大时，T变大．故B错误，A正确．C、D以小球和环整体为研究对象，分析受力如图：总重力G、杆对细环的支持力N和摩擦力f，电场力F．根据平衡条件得：N=G，f=F当电场稍加大时，小球所受的电场力F增大，杆对细环的支持力保持不变，细环所受的摩擦力变大．故C正确、D错误．故选：AC．点评：本题是动态平衡问题，要善于选择研究对象，分析受力情况，根据平衡条件进行动态分析．10.（2014•北京模拟）真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F．如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的4倍，那么它们之间静电力的大小变为（）A．B．C．4F D．16F【解析】本题比较简单，直接利用库仑定律进行计算讨论即可．解：距离改变之前：…①当电荷量都变为原来的4倍时：…②联立①②可得：F′=16F，故ABC错误，D正确．故选：D．点评：库伦定律应用时涉及的物理量较多，因此理清各个物理量之间的关系，可以和万有引力定律进行类比学习．11.（2014•杨浦区一模）下列说法中正确的是（）A．电流的方向就是电荷移动的方向B．在直流电源的外电路上，电流的方向是从电源正极流向负极C．电流都是由电子的移动形成的D．电流是有方向的量，所以是矢量【答案】B【解析】电流的方向就是正电荷定向移动的方向．在直流电源的外电路上，电流的方向是从电源正极流向负极．电流都是由自由电荷的定向移动形成的．电流有方向，但电流的运算不遵守平行四边形定则，是标量．解：A、物理学上规定，电流的方向与正电荷移动的方向相同．故A错误．B、在直流电源的外电路上，电流从电源正极流出进入负极．故B正确．C、电流都是由自由电荷的定向移动形成的，不一定是由电子定向移动形成的，也可以由正电荷移动形成的．故C错误．D、电流有方向，表示流向，但电流的运算不遵守平行四边形定则，是标量．故D错误．故选B点评：本题中要注意电流的方向与矢量的方向意义不同，其运算按代数法则，电流不是矢量，是标量．12.（2014•商丘三模）下列说法正确的是（）A．从牛顿第一定律可演绎出“质量是物体惯性大小的量度”的结论B．电源是通过非静电力做功把电能转化为其他形式的能的装置C．由于静电力和万有引力的公式在形式上很相似，所以目前科学界公认：静电力和万有引力都是电磁相互作用D．T•m2与V•s能表示同一个物理量的单位【答案】D【解析】牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态．电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置．静电力和万有引力是两种不同的相互作用；T•m2与V•s都可以表示磁通量的单位，根据公式Φ=BS和E=分析单位关系．解：A、牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，揭示了惯性的概念，但不能演绎出“质量是物体惯性大小的量度”的结论，故A错误．B、电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置．故B错误．C、静电力和万有引力的公式在形式上很相似，都平方反比律，但静电力和万有引力本质不同，是两种不同的相互作用，静电力是电磁相互作用，万有引力是引力相互作用，故C错误．D、根据公式Φ=BS，B的单位是T，S的单位是m2，可知：磁通量的单位1Wb=1T•m2；根据E=，E的单位是V，△t的单位是s，则知Φ的单位：1Wb=1V•s，所以T•m2与V•s都能表示磁通量的单位，故D正确．故选：D．点评：本题关键掌握牛顿第二定律的意义、电源的作用、磁通量的单位等等基础知识．要熟悉同一物理量涉及到的不同的公式形式，知道单位之间的关系．13.（2014•安徽模拟）安培提出来著名的分子电流假说．根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设电量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，关于该环形电流的说法，正确的是（）A．电流强度为，电流方向为顺时针B．电流强度为，电流方向为顺时针C．电流强度为，电流方向为逆时针D．电流强度为，电流方向为逆时针【答案】C【解析】电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期T=，根据电流的定义式I=求解电流强度．电子带负电，电流方向与电子定向移动的方向相反．解：电子做圆周运动的周期为T=，环形电流的电流强度I=，联立解得：I=，电流方向与电子运动方向相反，故电流方向为逆时针；故选：C．点评：本题是利用电流强度的定义式求解电流，这是经常用到的思路．要知道电流方向与正电荷定向移动方向相同，而与负电荷定向移动方向相反．14.（2013•嘉定区三模）如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是（）A．电源1与电源2的内阻之比是11：7B．电源1与电源2的电动势之比是1：1C．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：2D．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：2【答案】ABC【解析】根据电源的外特性曲线U﹣I图线，可求出电动势和内阻；根据灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率与灯泡电阻．解：A、根据电源U﹣I图线，r1=，r2=，则r1：r2=11：7，故A正确．B、E1=E2=10V，故B正确C、D、灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态则U1=3v，I1=5A，P1=15W，R1=ΩU2=5V，I2=6A，P2=30W，R2=ΩP1：P2=1：2，R1：R2=18：25故C正确，D错误故选ABC点评：本题关键在于对电源外特性曲线、灯泡伏安特性曲线的理解，15.（2014•虹口区一模）某同学从电子市场购买一款手机电池板如图所示，他根据电池板上的标识，所做判断正确的是（）A．该电池的电动势为4.2VB．该电池的电动势为3.7VC．该电池一次可以提供的最大电能为8.4×103JD．该电池一次可以提供的最大电能为2.664×104J【答案】BD【解析】本题考查对电池性能的认识，由图可得出电池的电动势及总电量，由W=UIt求出电池提供的最大电能．解：A、由图可知，电池的电动势为3.7V；充电电压为4.2V；故A错误；B正确；C、由图可知，该电源的电量为2000mA•h=2000×3.6=7200C；则最大电能W=UIt=UQ=3.7×7200=2.664×104J；故C错误；D正确；故选：BD．点评：本题考查对电源铭牌信息的认识及电功的计算，注意理解电量的单位mAh与C的关系．16.（2012•烟台一模）一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）A．U B．C．R D．【答案】B【解析】给出的图象是q﹣t图象，其斜率为I=，所以斜率代表的是电流，再由欧姆定律可得出正确答案．解：根据电流强度的定义公式I=；可知q﹣t图象的斜率代表的就是电流；根据欧姆定律，有：I=，故斜率也代表电流．故选：B．点评：本题应能找出图象中所提供的信息是本题的关键，也是识图题的共同特点，注重公式的灵活运用．17.（2012•茂名二模）比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下列物理量中属于比值法定义的是（）A．电流I=B．磁感应强度B=C．加速度a=D．电势φ=【答案】BD【解析】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．解：A、电流与用电器两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，电流I=不属于比值定义法．故A错误．B、磁感应强度与放入磁场中的电流元无关．所以B=属于比值定义法．故B正确．C、加速度与所受的合力成正比，与质量成反比，所以a=不属于比值定义法．故C错误．D、电势与所带的电荷量及电流做的功无关．所以ϕ=属于比值定义法．故D正确．故选BD．点评：解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．18.如图所示,ab、cd为两根相距 2 m的平行金属导轨,水平放置在竖直向下的匀强磁场中,MN是质量为3 kg的金属棒,通以5 A的电流时,棒沿导轨做匀速运动;当棒中电流增加到8 A时,棒能获得2 m/s2的加速度.求匀强磁场的磁感应强度的大小.【答案】1T【解析】当导体棒匀速运动时，水平方向所受的安培力和摩擦力平衡：当棒中的电流增加到8A时，根据牛顿第二定律：联立以上两式可以求出：B=1T思路分析：本题有两个物理情景：一是电流为5A时，导体棒做匀速运动，安培力和摩擦力平衡，另一个是当电流为8A时，导体棒做匀加速运动，加速度已知，根据牛顿第二定律可以建立方程。
高二物理试题答案及解析
高二物理试题答案及解析1.（多选）如图所示，把金属圆环匀速拉出磁场，下面叙述正确的是（）A．向左拉出和向右拉出所产生的感应电流方向相反B．不管向什么方向拉出，只要产生感应电流方向都是顺时针C．向右匀速拉出时，感应电流大小不变D．要将金属环匀速拉出，拉力大小要改变【答案】BD【解析】向左拉出和向右拉出时穿过圆环的磁通量均减小，感应电流方向相同，A错；向右匀速拉出时，切割磁感线的有效长度先增大后减小，感应电流先增大后减小，C错；2.有一面积为S＝100 cm2的金属环，电阻为R＝0.1 Ω，环中磁场变化规律如图所示，且磁场方向垂直环面向里，在t1到t2时间内，（1）环中感应电流的方向如何？（2）通过金属环的电荷量为多少？【答案】逆时针方向0.01 C【解析】(1)由楞次定律可以判断环中感应电流方向为逆时针方向．2分(2)由图可知：磁感应强度的变化率为＝①1分金属环中磁通量的变化率＝S＝·S②2分环中形成的感应电流I＝＝＝③1分通过金属环的电荷量Q＝IΔt④由①②③④解得Q＝＝C＝0.01 C 2分答案逆时针方向0.01 C本题考查法拉第电磁感应定律公式的应用，注意磁通量有正负之分，流过导体横截面的电量只与磁通量的变化量、回路电阻有关及的应用3.在电视节目中，我们经常看到主持人与被派到海外的记者通过同步通信卫星通话，他们之间每一问一答总是迟“半拍”，这是为什么?如果有两个手持卫星电话的人通过同步通信卫星通话，一方讲话，另一方至少要等多长时间才能听到对方的讲话?(已知地球的质量为6.0×1024 kg，地球半径为6.4×106 m，万有引力常量为6.67×10-11 N·m2·kg-2)【答案】0.24 s【解析】主持人与记者之间通话的不合拍是因为电磁波是以有限的速度在空中传播的，利用电磁波传递信息是需要时间的。
设同步卫星高度为H，由万有引力定律及卫星圆周运动规律可得＝3.6×107m，则一方讲话，另一方听到对方讲话的最少时间＝0.24 s。
第一届数理学科能力竞赛初赛高二物理答案
首届全国中学生数理化学科能力竞赛高二物理学科能力解题技能初赛试题参考答案1. AC 2.AB 3. C 4.C 5. BD 6. D7.CD 8. AD 9. AD 10. A11.（1）h2/g sF f L (2) s L (每空2分)12. （1）保护电源，防止短路（3分）（2）如图所示（有一处错就不给分）（3分）( 3 )2.95 1.21 (每空2分)（4）多测几组R、U，分别求出电动势E、内阻r，再求E、r的平均值，或利用图象处理数据。
(2分)13.设甲、乙两车的质量分别为m1 和m2 ．紧急刹车时两车的制动力分别为F l和F2 , 刹车时两车运动的加速度大小分别为a1和a 2 ，根据牛顿第二定律分别可得,s/m52111==mFa（1分）2222s/m4==mFa（1分）（1）设甲车停下来滑行的距离为s，则122avs==10 m。
（1分）得s ＝10 m < 15 m，所以甲车司机能避免闯红灯。
（2分）（1）因为a1>a2,所以当乙车速度为零时恰不与甲车相撞，此时甲乙辆车车距最小。
（1分）3–V15R0则有甲车的位移mavs102121==，（1分）乙车的位移mavvts5.172221=+=（1分）msss5.712=-=∆（2分）14..（1）（3分）根据轮子的实际直径0.45m和它在照片中的直径1.0 cm，由比例关系得：0.45m/1.0cm=h/1.3cm，实际上升的高度为h=0.59 m。
（2）设杠铃在该过程中的最大速度为，有得smthvm/5.12==（2分）（3）减速运动的时间应为sgvt m15.02==（1分）加速运动的位移：mttvs m49.0)(221=-=（1分）又解得2/3.2sma=（1分）根据牛顿第二定律，有解得NNF3108.11842⨯≈=（2分）15.解析:若要在C点正上方拦截到导弹，则反导弹应竖直向上发射，即反导弹发射的速度方向竖直向上。
高二物理试题答案及解析
高二物理试题答案及解析1.某交流发电机线圈电阻为0.4Ω，给灯泡提供如图所示的正弦式交变电流。
下列说法中正确的是A．交变电流的频率为0.02HzB．交变电流的瞬时表达式为C．在t＝0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D．发电机线圈产生的热功率为5W【答案】D【解析】A、由图象可读得，交流电的周期为，所以交流电的频率为，所以A错误；B、交变电流的瞬时表达式为，所以B错误；C、在t=0.01s 时，感应电流最大，此时穿过交流发电机线圈的磁通量的变化率最大，而穿过交流发电机线圈的磁通量最小，所以C错误；D、交流电的有效值为，发电机的发热功率为，所以D正确．故选D．【考点】本题考查正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；电功、电功率．2.如图所示，线圈的面积是0.05 m2，共100匝，线圈电阻为r =" 1" Ω，外接电阻R =" 9" Ω，匀强磁场的磁感应强度B =T，当线圈以300 r/min的转速匀速旋转时，求：（1）若从中性面开始计时，写出线圈磁通量变化率的瞬时表达式．（2）电路中电压表和电流表的示数各是多少？（3）由图示位置转过60°角的过程产生的平均感应电动势为多少？【答案】（1）（2）45V；5A（3）33.8V【解析】（1）（2）所以电压表示数为电流表示数为（3）转过60度角所用时间为【考点】法拉第电磁感应定律；交流电的产生【名师】此题考查交流电的产生及变化规律；要记住交流电瞬时值表达式的形式，知道根据法拉第电磁感应定律求解平均电动势的方法；注意电表的读数等于交流电的有效值，且有效值等于。
3.如图是电饭锅的结构图，如果感温磁体的“居里温度”为103℃时，下列说法中正确的是（）A．常温下感温磁体具有较强的磁性，能自动吸起永磁体，通电加热B．当温度超过103℃时，感温磁体的磁性消失，弹簧推动杠杆断开触点C．饭熟后，水分被大米吸收，锅底的温度会超过103℃，这时开关按钮不会跳起D．常压下只要锅内有水，锅内的温度不可能达到103℃，开关按钮就不会自动跳起【答案】ABD【解析】开始煮饭时，用手压下开关按钮，永磁体与感温磁体相吸，手松开后，按钮不再恢复到图示状态，电路接通，电饭锅加热，因此不会自动被吸引的，故A正确；如果在1标准大气压下用电饭锅烧水，水沸腾后不会自动断电，当水烧干后，温度升高达到103℃时，感温铁氧体便失去了铁磁性会自动断电，故B正确；饭熟后，水分被大米吸收，锅底温度升高，当温度升至“居里点”103℃时，感温磁体失去磁性，在弹簧作用下，切断电源，故C错误；如果在1标准大气压下用电饭锅烧水，水在沸腾后温度为100℃，不会自动断电，故D正确；故选ABD．【考点】传感器4.一理想变压器的原线圈上接有正弦交变电压，其最大值保持不变，副线圈接可调电阻R．设原线圈电流为I1，输入功率为Pl，副线圈的电流为I2，输出功率为P2．当R增大时A．Il 减小，Pl增大B．Il 减小，P1减小C．I2增大，P2减小D．I2增大，P2增大【答案】B【解析】当副线圈上的电阻增大时，副线圈上的电流会变小，即I2变小，则引起消耗的电功率P2减小，则输入电功率P1也会减小，从而造成输入的电流I1变小，故选项B正确。
高二物理理科参考答案
1.01.1 1.21.3 1.4 1.50.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 0 U /V丙 高二物理（理科）参考答案题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 BAACCBDDBC二、实验题．11、（4+2=6分）（1）6.124(6.122～6.125均给分)（2）×1Ω；进行调零（或欧姆调零）12、（3+5=8分）（1）0.6A ；3V ；C（2）（图连线1分），1.45（±0.03）（2分）；0.75（±0.04）（2分）13、（1）A 1（量程200uA ）（2）(1)实验步骤为：①用多用电表的电压挡测出电源的电动势E ； ②用多用电表的欧姆挡测电阻阻值R ；③将多用电表置于直流10mA 挡，与电阻R 及开关串联后接在电源两端，合上开关，记下读数I ．(2)R IER A -=14、（1）-30V （3分）（2）300V/m ，方向由B 指向A （注：要作图说明）（5分） 15、（10分）解：（1）正（2分）（2）由库仑定律，B 对A 的库仑力为：F=k2Bqq h ① （1分） 由力的平衡条件可得：mg=F ②（2分）由①②式可得： 2B mgh q kq= ③（1分）(3)由题义可得，A 、C 两点为等势点，即从A 到C 电场力做功为零。
（1分） 由动能定理得：mgh=212mv ④ （2分）由④式可解得：2v gh = ⑤ （1分）16（10分）解（1）粒子在电场中作类平抛运动，设粒子在电场中运动时间为t ，有： 垂直电场方向：t v L 0=沿电场方向： m Eq a = dU E = 221at d =（四个式子2分）由以上各式解得：22202qL d mv U =（2分）（2）沿电场方向的速度：at v y =设速度与水平方向的夹角为θ，则tan v v y =θ（1分） 由几何关系得：θcos 0vv =（1分）由洛仑兹力提供向心力有：Rv m qvB 2= 由几何关系得：θsin 2L R =（1分）由以上各式解得：204qLdmv B =（1分）（3）画图正确给2分。
江苏高二物理试题及答案
江苏高二物理试题及答案一、单项选择题（每题3分，共30分）1. 以下哪个选项是描述光的粒子性的实验？A. 双缝干涉实验B. 光电效应实验C. 迈克尔逊-莫雷实验D. 康普顿散射实验答案：B2. 根据牛顿第三定律，以下说法正确的是：A. 作用力和反作用力总是同时产生，同时消失B. 作用力和反作用力大小相等，方向相反C. 作用力和反作用力作用在同一个物体上D. 作用力和反作用力大小不等，方向相反答案：B3. 电场强度的定义是：A. 电荷在电场中受到的力B. 单位正电荷在电场中受到的力C. 电荷在电场中产生的力D. 电场中任意点的电荷产生的力答案：B4. 根据能量守恒定律，以下说法正确的是：A. 能量可以在不同形式之间转换B. 能量可以被创造或消灭C. 能量可以在不同物体之间转移D. 能量的总量是恒定的答案：A5. 电流的国际单位是：A. 伏特B. 安培C. 瓦特D. 焦耳答案：B6. 以下哪个选项是描述磁场的基本性质？A. 磁场对运动电荷有作用力B. 磁场对静止电荷有作用力C. 磁场对运动电荷没有作用力D. 磁场对静止电荷没有作用力答案：A7. 根据电磁感应定律，以下说法正确的是：A. 闭合电路中产生的感应电动势与磁场变化率成正比B. 闭合电路中产生的感应电动势与磁场变化率成反比C. 闭合电路中产生的感应电动势与磁场变化率无关D. 闭合电路中产生的感应电动势与磁场变化率成二次方关系答案：A8. 以下哪个选项是描述热力学第一定律？A. 能量守恒定律B. 热力学第二定律C. 热力学第三定律D. 热力学第四定律答案：A9. 根据热力学第二定律，以下说法正确的是：A. 热量可以从低温物体自发地传递到高温物体B. 热量可以从高温物体自发地传递到低温物体C. 热量不能从低温物体自发地传递到高温物体D. 热量不能从高温物体自发地传递到低温物体答案：B10. 以下哪个选项是描述波的干涉现象？A. 波的反射B. 波的折射C. 波的衍射D. 波的叠加答案：D二、多项选择题（每题4分，共20分）1. 以下哪些选项是描述电磁波的？A. 光波B. 无线电波C. 声波D. X射线答案：ABD2. 以下哪些因素会影响物体的浮力？A. 物体的体积B. 物体的密度C. 液体的密度D. 液体的粘度答案：AC3. 以下哪些选项是描述原子核的？A. 由质子和中子组成B. 由电子和质子组成C. 由质子和电子组成D. 由中子和电子组成答案：A4. 以下哪些选项是描述电磁场的？A. 电场和磁场是相互独立的B. 电场和磁场是相互关联的C. 电场和磁场可以相互转换D. 电场和磁场不能相互转换答案：BC5. 以下哪些选项是描述相对论的？A. 时间膨胀B. 长度收缩C. 质量增加D. 光速不变答案：ABCD三、填空题（每题4分，共20分）1. 光在真空中的传播速度是______米/秒。
高二物理真题及答案解析
高二物理真题及答案解析在高中物理学习中，解析真题并研究答案是提高学习效果的重要方法。
通过分析真题，我们可以了解教材中的重点和难点，同时也可以发现自己的不足之处，并找出提高的方向。
本文将介绍一些高二物理的真题，并对其答案进行深度解析。
一、选择题1. 高考学生登录电脑，密码错了3次后，系统将在半小时后才能再次输入密码。
若考生在每次失败的密码输入后都要等待系统提示再次输入的时间，那么，考生最早能够重新输入密码的时间是（）。
A. 8:30B. 8:45C. 9:00D. 9:25解析：根据题干可知，每次输入错误后需要等待系统提示再次输入的时间，这个时间为半小时，所以第一次输入错误后要等待半小时，第二次输入错误后也要等待半小时，第三次输入错误后也要等待半小时，总计需要等待1.5小时。
所以，最早能够重新输入密码的时间是8:30 + 1.5 = 10:00。
答案：D. 9:252. 将物体放在离地面为h的地方自由下落。
设物体速度与时间的关系为v = gt（g为重力加速度），加速度与时间的关系为a = g，则物体位移与时间的关系为（）。
A. S = (gt)^2/2B. S = (gt)C. S = gt^2D.S = gt解析：根据物体自由下落的加速度为g可知，加速度a是恒定的。
由公式v = a*t可以得知物体速度随时间的增加而线性增加，即v =g*t。
根据位移的定义S = (1/2)*a*t^2，将加速度a替换为g，得到S = (1/2)*g*t^2。
答案：A. S = (gt)^2/2二、计算题1. 一辆汽车以20.0m/s的速度进入一个弯道，半径为50.0m的圆周。
该汽车在弯道中受到一个向心力，大小为15,200N。
求该汽车的质量。
解析：向心力F = mv^2/r，其中m为汽车的质量，v为速度，r为半径。
将已知的数值代入公式，得到15,200 = m*(20.0)^2/50.0。
解方程可得m ≈ 0.515 kg。
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首届全国中学生数理化学科能力竞赛
高二物理学科能力解题技能初赛试题参考答案
1. AC
2. AB
3. C
4.C
5. BD
6. D
7. CD
8. AD
9. AD 10. A
11.（1）h 2/g s F f L (2) s L (每空2分)
12. （1）保护电源，防止短路 （3分）
（2）如图所示（有一处错就不给分）（3分）
( 3 )2.95 1.21 (每空2分)
（4）多测几组R 、U ，分别求出电动势E 、内阻r ，再求E 、r 的平均值，或利用图
象处理数据。
(2分)
13. 设甲、乙两车的质量分别为m 1 和m 2 ．紧急刹车时两车的制动力分别为F l 和F 2 , 刹车时两车运动的加速度大小分别为a 1和a 2 ，根据牛顿第二定律分别可得,s /m 521
11==
m F a （1分） 22
22s /m 4==m F a （1分） （1）设甲车停下来滑行的距离为s ，则1
202a v s ==10 m 。
（1分） 得s ＝10 m < 15 m ，所以甲车司机能避免闯红灯。
（2分）
（1） 因为a 1>a 2,所以当乙车速度为零时恰不与甲车相撞，此时甲乙辆车车距最小。
（1分）
则有甲车的位移m a v s 1021
2
1==，（1分） 乙车的位移m a v vt s 5.1722
2
01=+=（1分） m s s s 5.712=-=∆（2分）
14..（1）（3分）根据轮子的实际直径0.45m 和它在照片中的直径1.0 cm ，
由比例关系得：0.45m/1.0cm=h/1.3cm ，实际上升的高度为h =0.59 m 。
（2）设杠铃在该过程中的最大速度为
，有
得 s m t
h v m /5.12== （2分） （3）减速运动的时间应为 s g
v t m 15.02== （1分）
加速运动的位移： m t t v s m 49.0)(2
21=-= （1分） 又
解得 2/3.2s m a = （1分）
根据牛顿第二定律，有
解得 N N F 3108.11842⨯≈=（2分）
15. 解析:若要在C 点正上方拦截到导弹，则反导弹
应竖直向上发射，即反导弹发射的速度方向竖直向上。
设导弹在P 点发射的初速度为v 0，反导弹在C 点发
射的初速度大小为v ，导弹由P 到B 做平抛运动的时
间为t ，
则：t v s 02= （1分）
221gt H =（1分） 解得：H
g s v 220=（2分） 设反导弹经时间t 1在Q 点拦截到导弹，由图知 21121gt h =
,（1分） 101t v s = （1分）
21122
1gt vt h -= （1分） H h h =+21 （1分）
解得212gH s s v =
（2分）
16.（1）把人体两脚之间和两脚之间湿地分别看成一个电阻，则两电阻并联。
人体两脚间电阻为：1(30021000)1600R =⨯+Ω=Ω（1分）
当两脚间距离为0.5m 时两脚间湿地电阻为：21R L ρ=⋅
解得：21000.550R =⨯Ω=Ω（1分）
跨步电压为：11U I R =，0.11600160U V V =⨯=（1分） 电路中总电阻为：2
121R R R R R +=总 电路中的总电流：11212160()(160050) 3.3160050
U I R R A A R R =⨯+=⨯+=⋅⨯（2分） （2）当两脚间距离为1.0m 时两脚间湿地电阻为：2
1R L ρ''=⋅ 解得：2100 1.0100R '=⨯Ω=Ω（1分）
两脚间总电阻为：1212
R R R R R '⋅'='+总； 跨步电压为：16001003.3310.61600100U I R V V ⨯''==⨯
=+总总（1分） 通过人体的电流产生的电功率为：22
1310.6;60.31600
U P P W W R '===（1分） 通过人体的电流：21310.60.191600
U I A A R '===（1分）
题目中所述两种情况对人体都有极大的危险（1分）
17.（1）小球由A 运动到B 根据动能定理， mgL cos θ-qEL （1+sin θ）=0 , （1分）
解得qE=3
3mg （1分） 设小球的平衡位置为C ，悬线与竖直方向间的夹角为α，小球受力如图，则tan α=
m g qE =33（1分）
解得α=30°（2分）
（2）由A 到C ，根据动能定理，有mgL sin60°-qEL （1-cos60°）=
22
1C mv （2分）
在C 点，根据牛顿第二定律，有=︒-︒-30sin 30cos qE mg T L v m C 2（2分）
解得 T=3
34mg （1分）
18.（1）当最靠近上表面的烟尘颗粒被吸附到下板时，烟尘就被全部吸附．烟尘颗粒受到的电场力为
L
qU F =
（1分） mL
qUt at L 2212
2== （1分） 所以s L qU m t 02.02==
（1分）
（2）容器内的烟尘颗粒总数为NAL , 一个颗粒从上极板到下极板时，电场力的功为 qU ， 由于板间烟尘颗粒均匀分布，可以认为烟尘的质心位于板间中点位置，因此，除尘过程中电场力对烟尘所做总功为：NALqU W 2
1=＝2.5×10－4J （3分） （3）设烟尘颗粒下落距离为x ，则板内烟尘总动能 )()(212x L NA x L qU x L NA mv E k -⋅=-⋅=
．（1分） 当2L x =
时 E K 达最大，（1分）
由 2121at x =
,得014.021===L qU
m a x t s ．（2分）。