【3份试卷合集】江西省景德镇市2019-2020学年物理高一第二学期期末教学质量检测模拟试题

高一(下)学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1． (本题9分)人造卫星绕地球做匀速圆周运动，假如卫星的线速度增大到原来的2倍，卫星仍做匀速圆周运动，则（ ）A ．卫星的向心加速度增大到原来的4倍B ．卫星的角速度增大到原来的4倍C ．卫星的周期减小到原来的18D ．卫星的周期减小到原来的12【答案】C 【解析】 【详解】人造地球卫星做匀速圆周运动，根据万有引力等于向心力有：222224=mM v G mr m r m ma r T rπω=＝＝解得v =，假如卫星的线速度增大到原来的2倍，则半径为原来的14，2GM a r =，向心加速度增大到原来的16倍，故A 错误；ω=14，角速度增大到原来的8倍，故B 错误；2T =14，卫星的周期减小到原来的18，故C 正确，D 错误. 2． (本题9分)两个用相同材料制成的半径相等的带异种电荷的金属小球，其中一个球的带电荷量是另一个的5倍，它们间的库仑力大小是F ，现将两球接触后再放回原处，它们间库仑力的大小是 A ．59F B ．45F C ．54F D ．95F 【答案】B 【解析】 【详解】两电荷异性，设一个球的带电量为Q ，则另一个球的带电量为5Q ，此时：225Q F k r=接触后再分开，带电量各为2Q ，则两球的库仑力大小为：22445Q F k F r '==ACD.由上计算可知，ACD 错误； B.由上计算可知，B 正确．3． (本题9分)关于能源，下列说法正确的是（ ） A ．一次能源是可再生能源 B ．二次能源是可再生能源 C ．煤、石油、天然气属于新能源 D ．太阳能、核能属于新能源【答案】D 【解析】试题分析：从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源，像风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；可以从自然界直接获取的能源叫一次能源．解：A 、可以从自然界直接获取的能源叫一次能源，一次能源并不一定都是可再生能源，比如煤是一次能源，但属于不可再生能源，A 错误；B 、并不是所有的二次能源都是可再生能源，故B 错误；C 、煤、石油、天然气属于不可再生能源，而像太阳能、风能、核能、地热能、氢能等属于新能源．故C 错误，D 正确； 故选D ．点评：难度较小，掌握能源的分类方法和能源的种类即可解答．4． (本题9分)下列所述的过程中（均不计空气阻力），机械能守恒的是（ ） A ．火箭加速上升的过程 B ．小孩从滑梯上匀速下滑的过程 C ．抛出的链球在空中运动的过程 D ．汽车匀速上坡的过程 【答案】C 【解析】火箭加速上升的过程，动能和重力势能均增加，故机械能增加，故A 错误；小孩从滑梯上匀速下滑的过程，加速度为零，要克服摩擦做功，机械能减小，故B 错误；抛出的链球在空中运动的过程，只受重力，故机械能守恒，故C 正确；汽车匀速上坡的过程，动能不变，势能增加，故机械能增加，故D 错误；故选C ． 点睛：本题关键是明确机械能守恒的条件，即只有重力（或弹力）做功；或者直接看动能和重力势能之和是否变化．5． (本题9分)如图所示，实线为一点电荷Q 建立的电场中的几条电场线（方向未标出），虚线为一电子在电场中从M 点运动到N 点的轨迹。

若电子在运动中只受电场力的作用，则下列判断正确的是（ ）A．建立电场的点电荷Q带负电B．粒子在M点的加速度比在N点的加速度大C．粒子在M点的速度比在N点的速度大D．粒子在M点的电势能比在N点的电势能大【答案】D【解析】【详解】由图看出，电子的轨迹向下弯曲，其所受的电场力方向向上，故建立电场的点电荷Q带正电，A错误；电场线的疏密表示电场强度的大小，M点电场线稀疏，所以离子在M点的电场力小，加速度也小，B错误；粒子从M到N，电场力做正功，动能增大。

电势能减小，所以离子在N点的速度大于在M点的速度，粒子在M点的电势能比在N点的电势能大，所以C错误，D正确；故选D。

【点睛】在电场中根据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化，这对学生是基本的要求，要重点掌握.6．(本题9分)某物体沿一直线运动，其v－t图象如图所示，下列说法中正确的是()A．第1 s内和第2 s内物体的速度方向相反B．第1 s内和第2 s内物体的加速度方向相反C．第2 s末物体的速度和加速度都为零D．第4s内物体的速度方向和加速度方向相同【答案】B【解析】【分析】【详解】由题给v-t图可知，0-1s正向加速，加速度与速度同向，1-2s正向减速，加速度与速度反向，2s末速度为0，但加速度不为0，2s-3s时反向加速，加速度与速度同向，3s-4s反向减速，加速度与速度反向，故B 正确，ACD 错误．7．如图所示，电源的电动势恒定，内阻不计，R 1、R 2、R 4均为定值电阻，R 3是一紫外线传感器，其电阻率随紫外线强度的增大而减小。

当R 3所在处紫外线强度增大，R 1的电流I 和R 3两端的电压U 的变化情况是A ．I 变大，U 变大B ．I 变大，U 变小C ．I 变小，U 变小D ．I 变小，U 变大 【答案】B 【解析】 【详解】R 3是一紫外线传感器，其电阻率随紫外线强度的增大而减小；当R 3所在处紫外线强度增大，R 3的阻值减小，电路总电阻减小，电路总电流增大，流过R 1的电流I 增大；据21U E IR =-知，R 2两端的电压减小；据222=U I R 知，流过R 2的电流I 2减小；据42I I I =-知，流过R 4的电流I 4增大，则R 4两端的电压U 4增大；据14U E IR U =--知，R 3两端的电压U 减小． A ．与分析结果不符，故A 项错误． B ．与分析结果相符，故B 项正确． C ．与分析结果不符，故C 项错误． D ．与分析结果不符，故D 项错误．8． (本题9分)以初速v 0竖直上抛一小球。

若不计空气阻力,在上升过程中,从抛出到小球动能减少一半所经过的时间是 （ ） A ． B ． C ． D ．【答案】D【解析】根据得，当小球动能减为原来一半时的速度为，则运动的时间，D正确，A、B、C错误．9．(本题9分)关于匀速圆周运动，下列说法中正确的是（）A．是匀变速运动B．是变加速运动C．是匀速运动D．是合外力不变的运动【答案】B【解析】【详解】匀速圆周运动的加速度大小不变，方向改变，可知加速度在变化，所以匀速圆周运动是变加速运动，由加速度改变，由牛顿第二定律可知，合外力也改变A. 是匀变速运动与分析不符，故A项与题意不相符；B. 是变加速运动与分析相符，故B项与题意相符；C. 是匀速运动与分析不符，故C项与题意不相符；D. 是合外力不变的运动与分析不符，故D项与题意不相符。

10．物体做曲线运动时，下列说法中正确的是A．速度大小一定是变化的B．速度方向一定是变化的C．合力一定是变化的D．加速度一定是变化的【答案】B【解析】【详解】物体做曲线运动时，速度大小不一定是变化的，例如匀速圆周运动，选项A错误；物体做曲线运动时，速度方向一定是变化的，选项B正确；物体做曲线运动时，合力不一定是变化的，例如平抛运动，选项C错误；物体做曲线运动时，加速度不一定是变化的，例如平抛运动，选项D错误；故选B.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分11．(本题9分)高空中仍有稀薄大气，所以低轨道的卫星会受到稀薄空气阻力的作用，从而不能永远在固定的圆轨道上运动。

则下列说法正确的是（）A．由于阻力的作用，卫星速度减小，因此靠近地球，轨道半径会变小B．由于阻力的作用，卫星速度减小，因此远离地球，轨道半径会变大C．在卫星轨道变化的过程中，卫星的机械能不变D．虽然有稀薄空气阻力作用，但最终卫星的动能会增大【答案】AD【解析】【详解】由于阻力的作用，卫星速度减小，则此时地球的引力大于向心力，掌握卫星做近心运动，因此靠近地球，轨道半径会变小，选项A正确，B错误；在卫星轨道变化的过程中，卫星由于受阻力作用，则其机械能减小，选项C错误；虽然有稀薄空气阻力作用，但最终卫星的半径减小，根据可知，速度变大，则动能会增大，选项D正确；故选AD.【点睛】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，当引力大于向心力时要做近心运动，会根据该规律判断线速度、周期与轨道半径的变化的关系．12．一边长为L，质量分布均匀正方形板ABCD，质量为m，在A点用悬线系住，开始时AB边和CD边处于水平位置（如图示）.现将板由静止释放，板摆动直至最后静止.空气阻力不可忽略，下列关于板的描述正确的是（）A．板在整个运动过程中板的重力一直做正功B．板在整个运动过程中空气阻力一直做负功C．板在整个运动过程中机械能一直减小D 21mgL -【答案】BCD【解析】【详解】A．板摆动直至最后静止过程中，有向下转动也有向上转动，整个运动过程中板的重力不是一直做正功，故A错误；BC．板在整个运动过程中空气阻力一直是阻碍作用，一直做负功，除重力外的空气阻力一直做负功所以机械能一直减小，故BC正确；D．板在整个运动过程中动能变化量为0，损失的机械能即为减少的重力势能，板的重心在几何中心上．根21-，故D正确．13．(本题9分)一个物体在外力的作用下从静止开始做直线运动，合外力方向不变，大小随时间的变化如图所示.设该物体从开始至t0时刻的位移是x1，从t0至2t0时刻的位移是x2，该物体在t0和2t0时刻的速度分别是v1和v2，合外力从开始至t0时刻做的功是W1，从t0至2t0时刻做的功是W2，则（）A．x2=4x1，v2=3v1；B．x1=9x2，v2=5v1 ；C．x2=4x1，W2=8W1；D．v2=3v1，W2=9W1；【答案】AC【解析】【详解】根据动量定理，在的过程中：在的过程中：解得：，则，代入解得：，则由得，，则故本题选AC。

14．(本题9分)如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，用于对旅客的行李进行安全检查，其传送装置可简化为如图乙所示的模型，紧绷的传送带始终保持v＝1m/s的恒定速率运行．旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.1，A、B间的距离为2m，g取10 m/s2，若乘客把行李放到传送带的同时也以v＝1m/s的恒定速率平行于传送带运动到B处取行李，则()A．乘客与行李同时到达B处B．乘客提前0.5s到达B处C．行李提前0.5s到达B处D．若传送带速度足够大，行李最快也要2 s才能到达B处【答案】BD 【解析】 【分析】行李在传送带上先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，由牛顿第二定律和运动学公式求出时间．若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短． 【详解】A 、B 、C 、由牛顿第二定律，得 μmg=ma 得 a=1m/s 1．设行李做匀加速运动的时间为t ，行李加速运动的末速度为v=1m/s ．由v=at 1代入数值，得t 1=1s ，匀加速运动的位移大小为： x==0.5m ，匀速运动的时间为：t 1==1.5s ，行李从A 到B 的时间为：t=t 1+t 1=1+1.5=1.5s ． 而乘客一直做匀速运动，从A 到B 的时间为t 人==1s ．故乘客提前0.5 s 到达B ．故A 、B 错误C 正确；D 、若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短．由L=，解得最短时间t m =1s ．故D 正确．故选CD ．15． (本题9分)如图所示，一物块静止在倾角为θ的斜面上，物块受到的重力可分解为沿斜面向下和垂直斜面向下的两个分力12F F 、．现减小斜面的倾角，则（ ）A ．1F 变小B ．1F 变大C ．2F 变小D ．2F 变大【答案】AD 【解析】根据平行四边形定则，将重力分解，如图所示：故12sin cos F G F G θθ==，，当θ减小时，1F 减小，2F 增加，AD 正确．16． (本题9分)如图所示，长为l 的轻杆两端各固定一个小球（均可视为质点），两小球的质量分别为m A =m 和m B =2m ，轻杆绕距B 球l3处的光滑轴O 在竖直平面内自由转动。