必修2综合测评(一)
2020-2021中图版地理2章末综合测评1含解析
2020-2021学年中图版地理必修2章末综合测评1含解析章末综合测评（一)（时间：90分钟满分:100分）一、选择题（每题2分，共50分）据世界人口组织预测，2050年，世界人口将由2015年的73亿增长到92亿。
读某国人口占世界的百分比和人口增长率变化示意图，回答1～2题。
1．该国可能是(）A．中国B．美国C．印度D．俄罗斯2．根据预测,从2015年到2050年，该国(）A．老龄人口数量逐渐减少B．人口数量增长较快C．人口增长模式由“高高低”模式向过渡模式转变D．人口自然增长率低于世界平均水平1．B2。
D[第1题，从人口比重图可以计算出2015年该国人口总数为3亿多,从人口增长变化示意图可以判断该国自然增长率较低，结合所学的知识可以判断该国为美国，选择B项.第2题，根据预测,从2015年到2050年，该国人口自然增长率低，老龄人口数量逐渐增加；人口数量增长较慢;人口增长模式一直是“三低”模式；美国为发达国家,人口自然增长率低于世界平均水平，选择D项.］下图示意1980年至2030年我国劳动人口的增长变化（含预测）。
读图,完成3～5题。
3．我国劳动人口数量最多的年份大约是()A．2000年B．2010年C．2015年D．2025年4．20世纪90年代以来，我国劳动人口一直维持低增长甚至向负增长转变的原因是(）A．劳动年龄人口的死亡率升高B．老年人口数量大幅增长C．出生率长期处于较低的水平D．少年儿童人口数量大幅增长5．2015~2025年我国劳动人口数量的变化将直接造成（) A．老龄人口增加B．企业用工成本上升C．少儿比重上升D．人口总数减少3．C 4.C 5.B[第3题，从图示可以看出,劳动力的人口增长率在不断下降,但只要增长率为正值，说明劳动力人口不断增长，当增长率刚好为零时，劳动力人口达最大值，图中显示2015年劳动力人口增长率为0，故选C项.第4题，我国从20世纪90年代以来由于计划生育控制人口增长，导致出生率长期处于较低的水平，进而出现劳动力低增长甚至负增长的状况，选C项.第5题，由图可知,2015～2025年劳动力人口的增长率一直为负值,会出现劳动力短缺等问题，这将会导致企业间争夺劳动力，劳动力价格上涨，企业用工成本上升，选B项。
2019高中历史 阶段综合测评1(第1单元 古代中国经济的基本结构与特点 第2单元)新人教版必修2
阶段综合测评 (一) (第一、二单元)(时间：90分钟分值：100分)一、选择题(本大题共25小题，每小题2分，共50分)1．《三字经》里有“稻粱菽，麦黍稷，此六谷，人所食。
马牛羊，鸡犬豕，此六畜，人所饲”几句。
中国人最早培植“六谷”、养殖“六畜”的时代是( )A．原始社会末期B．西周时期C．战国时期D．明朝时期B[我国古代在西周时期“六谷”和“六畜”都已经出现了，故选B项。
]2．(2018·全国卷Ⅱ)西汉文景时期，粮食增产，粮价极低，国家收取的实物田租很少甚至免除，但百姓必须把粮食换成钱币，缴纳较高税额的人头税。
富商大贾趁机操纵物价，放高利贷，加剧了土地兼并、农户流亡。
这反映出当时( )A．重农抑商政策未能实行B．自耕农经济发展受阻C．粮价低抑制了生产热情D．富商大贾操纵税收B[材料反映的主要信息是：西汉时期，百姓要缴纳较高税额的人头税，他们在将粮食换成钱币的过程中遭到商人盘剥，导致其出卖土地而流亡，故选B项。
]3．据史书记载，“评进之则箭下，入土也深；退之则箭上，入土也浅……江东之田器尽于是”。
这一农具指的是( )【导学号：07182064】A．耧车 B．翻车C．曲辕犁D．筒车C[由“入土也深”“入土也浅”可知此农具可以调节犁耕深浅，故曲辕犁符合此特征。
] 4．清代学者包世臣在《郡县农政》一书中说：“凡治稻皆宜精，虽地宽之处，广种薄收者多耗本……可举代田之法，每田一区，分三分，每岁更代，收成过漫种不治者。
”“代田之法”最早出现于( )A．西周时期B．春秋战国C．西汉时期D．明清时期C[根据所学知识可知，代田法，是一种分田方法，西汉赵过推行的一种适应北方旱作地区的耕作方法。
由于在同一地块上作物种植的田垄隔年代换，所以称作代田法。
在春季实行低作，有利于防风抗旱，在夏季实行高作，有利于排水防涝，具有垄沟互换、轮番利用的优点，故选C项。
]5．《盛泽》诗云：“吴越分歧处，青林接远村。
水乡成一市，罗绮走中原……人家勤耕作，机杼彻晨昏。
人教B版数学必修2 综合测评 (1)
必修2综合测评(B卷)(时间：120分钟满分：150分)第Ⅰ卷(选择题，共60分)一、选择题(本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1．如图是棱长为2的正方体的表面展开图，则多面体ABCDE的体积为()A．2 B．2 3C．43D．83解析：多面体ABCDE为四棱锥，利用割补法可得其体积V＝4－43＝83，选D．答案：D2．若一个圆锥的侧面积是底面积的2倍，则圆锥侧面展开图的扇形的圆心角为()A．120°B．150°C．180°D．240°解析：由题得πrl＝2πr2，∴l＝2r，扇形的弧长为2πr＝πl，∴扇形是半圆，圆心角为180°，故选C．答案：C3．已知直线l的倾斜角为3π4，直线l1经过点A(3,2)，B(a，－1)，且l与l1垂直，直线l2：2x＋by＋1＝0与直线l1平行，则a＋b等于()A ．－4B ．－2C ．0D ．2解析：直线l 的倾斜角为3π4，所以斜率为－1， ∵l 1⊥l ，所以2＋13－a ＝1，∴a ＝0，又l 1∥l 2，所以－2b ＝1，∴b ＝－2，∴a ＋b ＝－2，故选B ． 答案：B4．设α，β为不重合的平面，m ，n 为不重合的直线，则下列命题正确的是( ) A ．若α⊥β，α∩β＝n ，m ⊥n ，则m ⊥α B ．若m ⊂α，n ⊂β，m ∥n ，则α∥β C ．若m ∥α，n ∥β，m ⊥n ，则α⊥β D ．若n ⊥α，n ⊥β，m ⊥β，则m ⊥α 答案：D5．已知点A (－3，－4)，B (6,3)到直线l ：ax ＋y ＋1＝0的距离相等，则a 的值为( )A ．－79B ．－13C ．－79或－13D ．－79或1解析：若AB ∥l ，则3＋46＋3＝－a ，∴a ＝－79，若l 过AB 的中点⎝ ⎛⎭⎪⎫32，－12，则32a －12＋1＝0， a ＝－13.故选C ． 答案：C6．点A (3，－2,4)关于点(0,1，－3)的对称点的坐标为( ) A ．(－3,4，－10) B ．(－3,2，－4) C ．⎝ ⎛⎭⎪⎫32，－12，12D ．(6，－5,11)解析：设点A 关于点(0,1，－3)的对称点的坐标为A ′(x 0，y 0，z 0)，则⎩⎪⎨⎪⎧3＋x 02＝0，－2＋y 02＝1，4＋z2＝－3，∴⎩⎪⎨⎪⎧x 0＝－3，y 0＝4，z 0＝－10.∴A ′(－3,4，－10)．答案：A7．已知圆C ：(x －3)2＋(y －2)2＝5，一束入射光线从点A (－1，1)出发经直线x ＋y ＋2＝0反射后与圆C 相交于点P ，求入射光线从点A 到点P 的最短路程为( )A ． 5B ．2 5C ．3 5D ．4 5解析：A (－1,1)关于直线x ＋y ＋2＝0的对称点为A ′(m ，n )，则⎩⎪⎨⎪⎧n －1m ＋1×(－1)＝－1，m －12＋n ＋12＋2＝0，解得⎩⎪⎨⎪⎧m ＝－3，n ＝－1，∴A ′(－3，－1)，C (3,2)，∴|A ′C |＝(3＋3)2＋(2＋1)2＝3 5.∴入射光线从点A 到点P 的最短路程为|A ′C |－5＝25，故选B ． 答案：B8．若点M 在圆x 2＋y 2－2x －10y ＋25＝0上，点N 在直线y ＝x －2上，则N到点P (3,2)的距离与N 到M 的距离之和的最小值是( )A ．6B ．5C ．4D ．3解析：圆的方程可化为(x －1)2＋(y －5)2＝1， 圆心为C (1,5)，r ＝1，P (3,2)关于直线y ＝x －2的对称点设为Q (x ，y )，则⎩⎪⎨⎪⎧y －2x －3＝－1，y ＋22＝x ＋32－2，解得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝4，y ＝1，∴Q (4,1)，∴|CQ |＝(4－1)2＋(1－5)2＝5，|NP |＋|NM |＝|NQ |＋|NM |≥|CQ |－r ＝5－1＝4，故选C ． 答案：C9．过三个点A (1,3)，B (4,2)，C (1，－1)的圆交y 轴于M ，N 两点，则|MN |＝( )A ．2B ．3 6C ．4 6D ．5 6解析：设圆的方程为x 2＋y 2＋Dx ＋Ey ＋F ＝0， 则⎩⎪⎨⎪⎧D ＋3E ＋F ＋10＝0，4D ＋2E ＋F ＋20＝0，D －E ＋F ＋2＝0，解得⎩⎪⎨⎪⎧D ＝－4，E ＝－2，F ＝0，∴圆的方程为x 2＋y 2－4x －2y ＝0.令x ＝0，y 2－2y ＝0，∴y ＝0或y ＝2，∴|MN |＝2，故选A ．答案：A10．如图，正方体ABCD －A 1B 1C 1D 1的棱长为1，线段B 1D 1上有两个动点E ，F ，且EF ＝12，则下列结论中错误的是( )A ．AC ⊥BEB ．EF ∥平面ABCDC ．三棱锥A －BEF 的体积为定值D ．△AEF 的面积与△BEF 的面积相等 解析：∵AC ⊥BD ，AC ⊥BB 1， ∴AC ⊥平面BB 1D 1D ， ∴AC ⊥BE ，故A 正确；EF ∥BD ，∴EF ∥平面ABCD ，故B 正确；A 到平面BB 1D 1D 的距离为定值，△BEF 的面积为定值，故C 正确，D 不正确，故选D ．答案：D11．曲线y ＝1＋4－x 2与直线y ＝k (x －2)＋4有两个交点，则实数k 的取值范围是( )A ．⎝ ⎛⎭⎪⎫0，512B ．⎝ ⎛⎭⎪⎫512，＋∞C ．⎝ ⎛⎦⎥⎤13，34D ．⎝ ⎛⎦⎥⎤512，34解析：由y ＝1＋4－x 2，得x 2＋(y －1)2＝4(y ≥1)，表示如图所示半圆．直线y ＝k (x －2)＋4恒过点(2,4)，设A (－2,1)，B (2,1)，P (2,4)，直线MP 与半圆相切， 直线MP 的方程为y －4＝k MP (x －2)， 即k MP x －y －2k MP ＋4＝0， 圆心到直线MP 的距离为|3－2k MP |1＋k 2MP＝2，解得k MP ＝512，又k P A ＝4－12－(－2)＝34，∴512＜k ≤34，故选D ． 答案：D12．如图1，将水平放置且边长为1的正方形ABCD 沿对角线BD 折叠，使C 到C ′位置．折叠后三棱锥C ′－ABD 的俯视图如图2所示，那么其主视图是( )A ．等边三角形B ．直角三角形C ．两腰长都为32的等腰三角形 D ．两腰长都为22的等腰三角形解析：由题可知，折起后C ′在底面的射影落在BD 的中点O 上，所以C ′O ＝22，所以主视图如图示，是等腰三角形，高为22，底面边长为1，所以腰为 ⎝ ⎛⎭⎪⎫222＋⎝ ⎛⎭⎪⎫122＝32，故选C ．答案：C第Ⅱ卷(非选择题，共90分)二、填空题(本大题共4小题，每小题5分，共20分．把答案填在题中横线上)13．已知直线l1过点A(－1,1)和B(－2，－1)，直线l2过点C(1,0)和D(0，a)，若l1∥l2，则a的值为________．解析：l1，l2的斜率分别为2，－a，由l1∥l2，可知a＝－2.答案：－214．如图，在正方体ABCD－A1B1C1D1中，点P，Q分别是B1C1，CC1的中点，则直线A1P与DQ的位置关系是________(填“平行”“相交”或“异面”)．答案：相交15．在平面直角坐标系xOy中，已知过点M(1,1)的直线l与圆(x＋1)2＋(y－2)2＝5相切，且与直线ax＋y－1＝0垂直，则实数a＝________.解析：因为M(1,1)在圆(x＋1)2＋(y－2)2＝5上，所以圆心与切点M(1,1)的连线与切线l垂直，又知l与直线ax＋y－1＝0垂直，所以圆心与切点M(1,1)的连线与直线ax＋y－1＝0斜率相等，－a＝1－21－(－1)＝－12，所以a＝12.答案：1 216．下图是一个封闭几何体的三视图，则该几何体的表面积为________．解析：该几何体是一个圆柱挖去了半个球组成的，球的半径为1，圆柱的底面半径为1，高为3，所以S 表＝π＋2π×3＋2π＝9π.答案：9π三、解答题(本大题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)17．(10分)圆心在直线5x －3y －8＝0上的圆与两坐标轴都相切，求此圆的方程．解：设圆心为(x ，y )与坐标轴相切，所以圆心到两个坐标轴距离相等，所以x ＝y 或x ＝－y ，又圆心在5x －3y －8＝0上若x ＝y ，则x ＝y ＝4；若x ＝－y ，则x ＝1，y ＝－1， 所以圆心是(4,4)或(1，－1)，因为半径就是圆心到切线的距离，即到坐标轴的距离， 所以圆心是(4,4)，则r ＝4；圆心是(1，－1)，则r ＝1，所以所求圆的标准方程为(x －4)2＋(y －4)2＝16和(x －1)2＋(y ＋1)2＝1. 18．(12分)已知圆心为C 的圆经过点A (5，－2)和B (3,2)，且圆心在直线l 1：x －y －2＝0上．(1)求圆C 的标准方程；(2)已知过点M (－3，－3)的直线l 2被圆C 所截得的弦长为8，求直线l 2的方程．解：(1)k AB ＝2－(－2)3－5＝－2，AB 的中点为(4,0)， ∴AB 的中垂线的方程为y ＝12(x －4)． 由⎩⎪⎨⎪⎧y ＝12(x －4)，y ＝(x －2)，得⎩⎨⎧x ＝0，y ＝－2，∴圆心坐标为(0，－2)．又r 2＝AC 2＝(5－0)2＋(－2＋2)2＝25， 故圆C 的标准方程为x 2＋(y ＋2)2＝25.(2)当k不存在时，直线方程为x＝－3，满足题意；当k存在时，设l2：y＋3＝k(x＋3)，圆心(0，－2)到直线l2：y＋3＝k(x＋3)的距离为d＝|3k－1|1＋k2，由d2＋16＝r2，得d2＝9，∴|3k－1|1＋k2＝3，∴k＝－43，所以直线方程为l2：4x＋3y＋21＝0，故所求直线方程为x＝－3或4x＋3y＋21＝0.19.(12分)如图，在四棱锥P－ABCD中，底面ABCD为平行四边形，∠ADC ＝45°，AD＝AC＝1，O为AC的中点，PO⊥平面ABCD，PO＝2，M为PD的中点．(1)证明：PB∥平面ACM；(2)证明：AD⊥平面P AC.证明：(1)连接BD，∵底面ABCD为平行四边形，∴AC与BD交于O点，连接OM，∴OM为△PBD的中位线，故OM∥PB，OM⊂平面ACM，PB⊄平面ACM，∴PB∥平面ACM.(2)∵PO⊥平面ABCD，且AD⊂平面ABCD，∴PO⊥AD，∵∠ADC＝45°，且AD＝AC＝1，∴∠ACD＝45°，∴∠DAC＝90°，∴AD⊥AC，∵AC∩PO＝O，∴AD ⊥平面P AC .20．(12分)如图，在直四棱柱ABCD －A 1B 1C 1D 1中，底面ABCD 为等腰梯形，AB ∥CD ，且AB ＝2CD ，在棱AB 上是否存在一点F ，使平面C 1CF ∥平面ADD 1A 1？若存在，求点F 的位置；若不存在，请说明理由．解：存在这样的点F ，使平面C 1CF ∥平面ADD 1A 1，此时点F 为AB 的中点，证明如下：∵AB ∥CD ，AB ＝2CD ，F 为AB 的中点， ∴AF ═∥CD ，∴四边形AFCD 是平行四边形， ∴AD ∥CF .又AD ⊂平面ADD 1A 1，CF ⊄平面ADD 1A 1. ∴CF ∥平面ADD 1A 1.又CC 1∥DD 1，CC 1⊄平面ADD 1A 1，DD 1⊂平面ADD 1A 1， ∴CC 1∥平面ADD 1A 1，又CC 1，CF ⊂平面C 1CF ，CC 1∩CF ＝C ， ∴平面C 1CF ∥平面ADD 1A 1.21．(12分)(2017·全国卷Ⅲ)在直角坐标系xOy 中，曲线y ＝x 2＋mx －2与x 轴交于A ，B 两点，点C 的坐标为(0,1)，当m 变化时，解答下列问题：(1)能否出现AC ⊥BC 的情况？说明理由；(2)证明过A ，B ，C 三点的圆在y 轴上截得的弦长为定值． 解：(1)不能出现AC ⊥BC 的情况，理由如下：设A (x 1,0)，B (x 2,0)，则x 1，x 2满足x 2＋mx －2＝0，所以x 1x 2＝－2. 又C 的坐标为(0,1)，故AC 的斜率与BC 的斜率之积为－1x 1·－1x 2＝－12，所以不能出现AC ⊥BC 的情况．(2)证明：BC 的中点坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫x 22，12，可得BC 的中垂线方程为y －12＝x 2⎝ ⎛⎭⎪⎫x －x 22.由(1)可得x 1＋x 2＝－m ，所以AB 的中垂线方程为x ＝－m 2. 联立⎩⎪⎨⎪⎧ x ＝－m 2，y －12＝x 2⎝ ⎛⎭⎪⎫x －x 22，又x 22＋mx 2－2＝0，可得⎩⎪⎨⎪⎧ x ＝－m 2，y ＝－12.所以过A ，B ，C 三点的圆的圆心坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫－m 2，－12，半径r ＝m 2＋92. 故圆在y 轴上截得的弦长为2r 2－⎝ ⎛⎭⎪⎫m 22＝3，即过A ，B ，C 三点的圆在y 轴上截得的弦长为定值．22．(12分)如图，在四棱锥E －ABCD 中，底面ABCD 是矩形，平面EDC ⊥底面ABCD ，ED ＝EC ＝BC ＝4，CF ⊥平面BDE ，且点F 在EB 上．(1)求证：DE ⊥平面BCE ；(2)求三棱锥A －BDE 的体积；(3)设点M 在线段DC 上，且满足DM ＝2CM ，试在线段EB 上确定一点N ，使得MN ∥平面ADE .解：(1)证明：∵ABCD 是矩形，∴BC ⊥DC ，∵平面EDC ⊥平面ABCD ，∴BC ⊥平面EDC .∴DE ⊥BC .∵CF ⊥平面BDE ，∴DE ⊥CF ，∵BC∩CF＝C，BC⊂平面BCE，CF⊂平面BCE. ∴DE⊥平面BCE.(2)过点E作EH⊥DC，H为垂足．∵平面EDC⊥平面ABCD，∴EH⊥平面ABCD，∵ED＝EC＝4，DE⊥CE，∴DC＝42，EH＝22，∴V A－BDE ＝V E－ABD＝13×12×4×42×22＝323.(3)过点M作MG∥DE交CE于G，过G作GN∥BC交EB于N，连接MN，∵GN∥BC，BC∥AD，∴GN∥AD，∵MG∥DE，GN∩MG＝G，AD∩DE＝D，∴平面MGN∥平面ADE.∵MN⊂平面MGN，∴MN∥平面ADE，∴线段EB上存在点N，当BN＝13BE时，使得MN∥平面ADE.。
2020-2021学年新教材鲁科化学选修性必修2章末综合测评1 原子结构与元素性质 Word版含解析
章末综合测评（一)原子结构与元素性质(时间：90分钟满分：100分）一、选择题(本题共10小题，每小题2分，共20分.每小题只有一个选项符合题意）1．以下对核外电子运动状况的描述正确的是（)A．电子的运动与行星相似，围绕原子核在固定的轨道上高速旋转B．能量低的电子只能在s轨道上运动，能量高的电子总是在f轨道上运动C．电子层数越大,s轨道的半径越大D．在同一轨道上运动的电子，其能量不相同C [电子的运动没有固定的轨道,也不能描画出它的运动轨迹，A 错误；原子轨道能量的高低取决于电子层数和原子轨道的形状两个因素，不能单从原子轨道的形状来判断,例如7s轨道的能量比4f轨道的能量高，B错误；相同类型的原子轨道，电子层序数越大,能量越高，电子运动的区域越大,原子轨道的半径越大,C正确;在同一轨道上运动的电子,其能量相同，D错误。
]2．主族元素A和B可形成AB 2型的离子化合物，则A、B两原子的最外层电子排布式分别为（）A．n s2n p2和n s2n p4B．n s1和n s2n p4C．n s2和n s2n p5D．n s1和n s2C [由A和B为主族元素,且两者能形成AB2型的离子化合物知，A为ⅡA族元素,B为ⅦA族元素，故A元素原子的最外层电子排布式为n s2，B元素原子的最外层电子排布式为n s2n p5。
］3．X和Y是原子序数大于4的短周期元素，X m＋和Y n－两种离子的核外电子排布相同,下列说法正确的是( )A．X的原子半径小于YB．X和Y的核电荷数之差为m－nC．电负性:X〉YD．第一电离能:X<YD [X m＋和Y n－两种离子的核外电子排布相同，则X位于Y的下一周期，原子半径：X＞Y。
X比Y更易失电子,第一电离能:X＜Y，电负性:X＜Y.X与Y的核电荷数之差为m＋n.］4．下列关于电离能和电负性的说法不正确的是( )A．第一电离能：Mg〉AlB．硅的第一电离能和电负性均大于磷C．锗的第一电离能和电负性均小于碳D．F、K、Fe、Ni四种元素中电负性最大的是FB [Mg的3s能级上有2个电子，处于全充满状态，较稳定，所以Mg元素的第一电离能高于同周期相邻元素Al的第一电离能,A项正确；硅的第一电离能和电负性均小于磷，B项错误；同一主族元素自上而下，第一电离能、电负性随着原子序数的增大而减小，所以锗的第一电离能、电负性都小于碳，C项正确；F、K、Fe、Ni四种元素中F 的电负性最大，D项正确。
高中生物(新人教版)必修第二册同步习题：全书综合测评(同步习题)【含答案及解析】
全书综合测评(满分:100分;时间:90分钟)一、选择题:本题共15小题,每小题2分,共30分。
每小题只有一个选项符合题目要求。
1.下列有关孟德尔定律的叙述中,正确的是()A.F1高茎豌豆自交所得F2中出现了高茎和矮茎,这是基因重组的结果B.孟德尔通过测交实验的结果推测出F1产生配子的种类及数量,从而验证其假说是正确的C.随着科学的不断发展,单倍体育种也可直接证明“分离定律”D.孟德尔对分离现象及自由组合现象的解释是基于对减数分裂的研究2.对果蝇精巢切片进行显微观察,根据细胞中染色体的数目将细胞分为甲、乙、丙三组,每组细胞数目如表所示,下列叙述中正确的是()甲组乙组丙组染色体数目(条)1684细胞数目(%)155530A.只有甲组细胞处于有丝分裂过程中B.乙组细胞暂时没有进行分裂C.丙组细胞的出现与减数分裂有关D.三组细胞的性染色体组成均为一条X和一条Y3.鸡的性别决定方式属于ZW型,现有一只纯种雌性芦花鸡(ZW)与一只纯种雄性非芦花鸡(ZZ)交配多次,F1中雄性均表现为芦花,雌性均表现为非芦花。
相关叙述错误的是()A.控制芦花和非芦花性状的基因的遗传与性别相关联B.芦花是显性性状,非芦花是隐性性状C.F1中显性基因的基因频率为1/3D.F1自由交配,F2雌、雄鸡中芦花鸡比例不同4.有a、b两类噬菌体,它们均已被32P或35S标记。
将a、b噬菌体分别侵染甲、乙两管大肠杆菌,经保温、搅拌和离心后,检测离心管内放射性物质的位置,结果如下图。
下列叙述正确的是()A.实验结果表明a的蛋白质外壳和b的DNA有放射性B.可以确定甲管的放射性来自32P,乙管的放射性来自35SC.检测结果表明噬菌体的DNA和蛋白质可侵入大肠杆菌D.伴随着噬菌体DNA的复制,乙管内沉淀物的放射性将逐渐增强5.某链状DNA分子的一条链含15N,相对分子质量为a,另一条链含14N,相对分子质量为b。
下列有关叙述正确的是()A.若该DNA分子的某片段中G+C的比例为1/3,则整个DNA分子中T的比例为1/5B.若该DNA分子在含15N的培养液中复制两代,则子代DNA的平均相对分子质量为(3a+b)/4C.相邻两个脱氧核苷酸之间的碱基通过磷酸直接相连D.该DNA分子含有两个游离的磷酸基团6.如图表示发生在细胞中的某过程。
2020-2021化学第二册模块综合测评(1)含解析
2020-2021学年新教材化学人教版必修第二册模块综合测评（1）含解析（教师用书备选）模块综合测评(一)(时间90分钟，满分100分）一、选择题(本题包括18小题,每小题3分,共54分)1．化学与人类社会的生活、生产密切相关。
下列说法不正确的是()A．我国发射的“嫦娥三号”月球探测器中使用的碳纤维是一种新型无机非金属材料B．高纯度的二氧化硅广泛用于制作光导纤维，光导纤维遇强碱会“断路”C．化石燃料的燃烧会引起大气中CO2含量的上升D．《抱朴子》中记载有“丹砂（HgS）烧之成水银，积变又还成丹砂”，两个反应互为可逆反应D[D项中的两反应的条件不同，不是可逆反应，错误。
］2．下列说法正确的是()A．石油的分馏与煤的干馏均属于物理变化B．明矾、漂白粉处理自来水的原理不相同C．工业上常用电解MgO的方法制取金属镁D．SO2气体使酸性KMnO4溶液褪色，体现了SO2的漂白性B［石油的分馏属于物理变化，煤的干馏属于化学变化，A 项错误;MgO的熔点高,工业上通常用电解熔融MgCl2的方法制取金属镁，C项错误;SO2具有还原性，而酸性KMnO4溶液具有氧化性，SO2气体使酸性KMnO4溶液褪色体现了SO2的还原性，D项错误。
］3．下列关于有机物的说法正确的是(）A．糖类、油脂和蛋白质都可以发生水解反应B．苯能与溴水发生加成反应C．以苯甲醇为原料可制取苯甲酸D．乙烯、苯、乙酸分子中的所有原子都在同一平面上C[油脂和蛋白质在一定条件下能发生水解反应，但糖类中的单糖不能发生水解反应，A项错误；苯与溴单质在Fe或FeBr3作催化剂的条件下能发生取代反应，苯和溴水不能发生加成反应，B 项错误；乙酸分子中含有甲基，分子中所有原子不可能都在同一平面上，D项错误。
]4．南海是一个巨大的资源宝库，开发利用这些资源是科学研究的重要课题。
下图为海水资源利用的部分过程，有关说法正确的是（）A．氯碱工业中采用阴离子交换膜可提高产品的纯度B．工业生产中②常选用NaOH作为沉淀剂C．由MgCl2·6H2O得到无水MgCl2的关键是要低温小火烘干D．④、⑤的目的是富集溴元素，溴元素在反应④、⑥中均被氧化,在反应⑤中被还原D［氯碱工业的原理是电解饱和食盐水，采用的是阳离子交换膜，使钠离子转移到阴极，阳极得到Cl2，阴极得到H2和NaOH，这样既能防止阴极产生的H2与阳极产生的Cl2反应，还可以防止Cl2与NaOH反应，A项错误；工业上沉淀海水中的Mg2＋，常采用Ca（OH)2，不用NaOH，因为NaOH的价格较贵，B项错误;由MgCl2·6H2O得到无水MgCl2的关键是在HCl氛围中加热，以抑制Mg2＋的水解，C项错误。
2020-2021湘教版地理第二册章末综合测评(1)人口与地理环境含解析
2020-2021学年新教材湘教版地理必修第二册章末综合测评（1）人口与地理环境含解析章末综合测评(一）人口与地理环境（时间:90分钟满分:100分）一、选择题(每小题2分，共50分)全球人口主要分布在北纬70°至南纬50°之间的地区。
下图显示为纬度每隔10°范围分布的人口占全球人口的比重。
结合下图，完成1~2题。
1．占全球人口比重最大的纬度范围是（)A。
10°S～20°S B．20°N~30°NC。
30°N~40°N D．40°N~50°N2．南纬40°~50°范围人口分布稀少的主要原因为（)A。
气候酷寒B。
山地多,平原少C.陆地面积小D。
干旱区面积大1．B2。
C[第1题，据图可知,20°N～30°N占全球人口比重为23。
2％，为比重最大值。
第2题,根据全球海陆分布可知，在南半球的中高纬度，海洋占主体,40°S～50°S范围内陆地面积狭小，故人口稀少。
]下图是我国基于密度分级的人口-面积比重图.读图，完成3～4题。
3．图中显示()A.我国绝大部分地区为人口密度高值区B。
我国人口集中分布在人口密度高值区C.人口集中分布在人口密度为100～150人/平方千米的地区D。
人口密度越大，其所占的人口比重也越大4．图中K处最可能位于()A。
长江三角洲B．黄土高原C。
四川盆地D．东北平原3．B4。
A[第3题，读图可知,我国人口分布很不均匀，人口集中分布在人口密度大于300人/平方千米的区域。
第4题，K 地区面积较小但人口密度大，占全国总人口的比重也较小,故应为长江三角洲.］下图为某国2017年人口年龄结构金字塔图.读图，回答5～6题。
5．导致该国青壮年性别比严重失衡的因素是()A。
政局动荡B．生育观念C.产业结构D．自然灾害6．该国最可能位于（）A.北美B．西亚C.西欧D．南美5．C 6.B［第5题，读图可知，该国青壮年男性人口比重异常偏大，说明该国产业对男性劳动力需求大,从而导致男女性别比严重失衡。
2020-2021鲁科版化学第二册章末综合测评1原子结构元素周期律含解析
2020-2021学年新教材鲁科版化学必修第二册章末综合测评1原子结构元素周期律含解析章末综合测评（一）原子结构元素周期律(时间90分钟，满分100分）一、选择题（本题包括20小题，每小题3分，共60分)1．某元素原子R的原子核外有16个电子，质量数为34，则原子核的中子数为(）A．32B．20C．16 D．18D［某元素原子R的原子核外有16个电子，所以质子数＝核外电子数＝16,中子数＝质量数－质子数＝34－16＝18.] 2．金属钛对体液无毒且惰性，能与肌肉和骨骼生长在一起,有“生物金属”之称.下列有关错误!Ti和错误!Ti的说法中正确的是()A.错误!Ti和错误!Ti中均含有22个中子B．错误!Ti和错误!Ti质子数相同C．错误!Ti和错误!Ti质量数不同，不能互称同位素D．错误!Ti和错误!Ti化学性质不同B［因质量数＝质子数＋中子数,错误!X中的Z表示质子数,A 表示质量数，所以错误!Ti和错误!Ti的中子数分别为26、28，故A 错误；错误!Ti和错误!Ti质子数都为22，故B正确；错误!Ti和错误!Ti质量数不同，但质子数相同,中子数不同，互为同位素,故C错误；决定元素化学性质的主要原因是原子的最外层电子数，同位素的电子排布相同，所以化学性质相同，故D错误.]3．下列说法正确的是（）A．F、Cl、Br的最外层电子数都是7，次外层电子数都是8 B．从HF、HCl、HBr、HI酸性递增的事实，推出F、Cl、Br、I的非金属性递增的规律C．卤素按F、Cl、Br、I的顺序,其非金属性逐渐减弱的原因是随着核电荷数的增大电子层数增大起主要作用D．砹是第6周期的卤族元素,根据卤素性质的递变规律可知，砹单质易溶于水，难溶于CCl4C[A项，F的次外层电子数为2，Br的次外层电子数为18，所以错误；B项，元素的非金属性强弱可以根据其最高价氧化物对应的水化物(最高价含氧酸而不是无氧酸)的酸性强弱比较,所以错误；C项，电子层数增大导致原子半径增大，核对最外层电子的吸引能力减弱，因此电子层数增大是非金属性减弱的主要原因，所以正确；D项，由碘单质微溶于水、易溶于四氯化碳可知，砹单质微溶于水,易溶于CCl4，所以错误。
2024_2025年新教材高中生物模块综合测评含解析新人教版必修2
模块综合测评一、选择题1．孟德尔试验获得胜利的一个重要缘由是选用豌豆作为试验材料。
下列叙述错误的是( )A．豌豆具有多对易于区分的相对性状，在自然状态下一般是纯种B．在孟德尔豌豆杂交试验中，正交和反交的结果相同C．豌豆的杂交试验须要人工授粉，去雄和授粉后都须要套袋D．鉴别高茎豌豆是否为纯合子只能用测交，而提高高茎豌豆的纯度常用自交D[鉴别高茎豌豆是否为纯合子可以用测交或自交，而提高高茎豌豆的纯度常用自交，D错误。
]2．玉米是雌雄同株异花植物。
某生物爱好小组模拟玉米杂交试验过程，他们打算了两个大信封，每个信封中装有写着相应字母的卡片若干，从每个信封中各抽取一张卡片，记录两张卡片的字母组合，代表一次玉米雌雄配子的融合受精过程。
下列相关叙述正确的是( )A．在模拟杂合子玉米 Yy 自交产生子代时，可在两个信封中都放入30张Y卡片和15张y卡片B．在模拟杂合子玉米YyRr与yyrr测交产生后代时，信封1中放入YR 20张、Yr 20张、yR 30张、yr 30张，信封2中放入yr卡片50张C．在模拟杂合子玉米Yy的杂交试验时，F1雌雄配子的结合方式有4种，遗传因子的组合形式有3种D．从信封中抽取并记录后的卡片，可以不再放回原信封中C[杂合子玉米Yy自交，产生的雌、雄配子都是Y∶y＝1∶1，故在信封中放入Y、y 两种配子的卡片应当数量相等，如各30张，A错误；杂合子玉米YyRr与yyrr测交时，杂合子YyRr产生的配子YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1，故在信封1中放入的YR、Yr、yR、yr 张数应当要相等，如YR 30张、Yr 30张、yR 30张、yr 30张，B错误；从信封中抽取并记录后的卡片，须要放回原信封中，D错误。
]3．某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因(A/a、B/b、C/c……)限制，每对等位基因都至少含有一个显性基因时，植物才开红花，否则开白花。
现将两个纯合的白花品系杂交，F1开红花，再将F1自交，F2中的白花植株占37/64。
高中物理必修一必修二综合测评(含答案)
高中物理必修一必修二综合测评(时间:90分钟满分:100分)一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分.)1.甲、乙两个小物体,甲的重力是乙的3倍,它们从同一高度处同时自由下落,不考虑空气阻力,则下列说法中正确的是()A.甲比乙先落地B.甲的加速度比乙大C.甲、乙同时落地D.无法确定谁先落地2.下列各图分别表示的是某一物体的运动情况或其所受合外力的情况.其中甲图是某物体的位移—时间图象;乙图是某一物体的速度—时间图象;丙图表示某一物体的加速度—时间图象;丁图表示某一物体所受合外力随时间变化的图象.四幅图中的图线都是直线,从这些图象中可判断出一定质量物体的某些运动特征.下列有关说法中不正确的是()A.甲物体受合外力为零B.乙物体受到的合外力不变C.丙物体的速度一定越来越大D.丁物体的加速度越来越大3．已知靠近地面运转的人造卫星，每天转n圈，如果发射一颗同步卫星，它离地面的高度与地球半径的比值为()A．n B．n2C.n3－1D.3n2－14.如图所示，质量为m的物体(可视为质点)以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度为34g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体()A．重力势能增加了34mghB．动能损失了12mgh C．动能损失了mghD．动能损失了32mgh5.如图所示，两个相对的斜面，倾角分别为37°和53°.在顶点把两个小球以同样大小的初速度分别向左、向右水平抛出，小球都落在斜面上. 若不计空气阻力，则A、B两个小球的运动时间之比为()A．1∶1B．4∶3C．16∶9 D．9∶166.一质量为1 kg的质点静止于光滑水平面上，从t＝0时刻开始，受到水平外力F作用，如图所示．下列判断正确的是()A．0～2 s内外力的平均功率是4 WB．第2 s内外力所做的功是4 JC．第2 s末外力的瞬时功率最大D．第1 s末与第2 s末外力的瞬时功率之比为9∶57．如图所示，两颗星组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动．现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1∶m2＝3∶2，下列说法中正确的是()A．m1、m2做圆周运动的线速度之比为3∶2B．m1、m2做圆周运动的角速度之比为3∶2C．m1做圆周运动的半径为2 5LD．m2做圆周运动的半径为2 5L二、多项选择题(本大题共3小题，每小题5分，共15分．每小题有多个选项是正确的，全选对得5分，少选得3分，选错、多选或不选得0分)8．我国发射的“嫦娥三号”登月探测器靠近月球后，先在月球表面附近的近似圆轨道上绕月运行；然后经过一系列过程，在离月面4 m高处做一次悬停(可认为是相对于月球静止)；最后关闭发动机，探测器自由下落．已知探测器的质量约为1.3×103 kg，地球质量约为月球的81倍，地球半径约为月球的3.7倍，地球表面的重力加速度大小约为9.8 m/s2，则此探测器()A．在着陆前的瞬间，速度大小约为8.9 m/sB．悬停时受到的反冲作用力约为2×103 NC．从离开近月圆轨道到着陆这段时间内，机械能守恒D．在近月圆轨道上运行的线速度小于人造卫星在近地圆轨道上运动的线速度9.如图所示,车内绳AB与绳BC拴住一小球,BC水平,车由原来的静止状态变为向右加速直线运动,小球仍处于图中所示的位置,则()A.AB绳拉力F T1不变,BC绳拉力F T2变大B.AB绳拉力F T1变大,BC绳拉力F T2变小C.AB绳拉力F T1变大,BC绳拉力F T2不变D.AB绳拉力F T1不变,BC绳拉力F T2的大小为(F T1sin θ+ma)10.如图所示，在“嫦娥”探月工程中，设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g.飞船在半径为4R的圆形轨道Ⅰ上运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B时，再次点火进入半径约为R的近月轨道Ⅲ绕月做圆周运动，则()A．飞船在轨道Ⅰ上的运行速率等于12g0RB．飞船在轨道Ⅰ上的运行速率小于在轨道Ⅱ上B处的速率C．飞船在轨道Ⅰ上的加速度大于在轨道Ⅱ上B处的加速度D．飞船在轨道Ⅰ、轨道Ⅲ上运行的周期之比TⅠ∶TⅢ＝4∶1三、非选择题(共57分)11.(8分)某同学用图(a)所示的实验装置测量物块与斜面之间的动摩擦因数.已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz,物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图(b)所示,图中标出了五个连续点之间的距离图(a)图(b)(1)物块下滑时的加速度a=m/s2,打C点时物块的速度v=m/s;(2)已知重力加速度大小为g,为求出动摩擦因数,还必须测量的物理量是(填正确答案:标号).A.物块的质量B.斜面的高度C.斜面的倾角12．(8分)利用图甲装置做“验证机械能守恒定律”实验．图甲(1)为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的________．A．动能变化量与势能变化量B．速度变化量与势能变化量C．速度变化量与高度变化量(2)(多选)除带夹子的重物、纸带、铁架台(含铁夹)、电磁打点计时器、导线及开关外，在下列器材中，还必须使用的两种器材是________．A．交流电源B．刻度尺C．天平(含砝码)(3)实验中，先接通电源，再释放重物，得到图乙所示的一条纸带．在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为h A、h B、h C.已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T.设重物的质量为m.从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能变化量ΔE p＝__________，动能变化量ΔE k＝________．图乙(4)大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是________．A．利用公式v＝gt计算重物速度B．利用公式v＝2gh计算重物速度C．存在空气阻力和摩擦阻力的影响D．没有采用多次实验取平均值的方法(5)某同学想用下述方法研究机械能是否守恒：在纸带上选取多个计数点，测量它们到起始点O的距离h，计算对应计数点的重物速度v，描绘v2h图象，并做如下判断：若图象是一条过原点的直线，则重物下落过程中机械能守恒．请你分析论证该同学的判断依据是否正确．13．(8分)在做“研究平抛运动”的实验中，为了确定小球不同时刻在空中所通过的位置，实验时用了如图所示的装置．先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平整的木板表面钉上白纸和复写纸．将该木板竖直立于水平地面上，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A；将木板向远离槽口的方向平移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上得到痕迹B；将木板再向远离槽口的方向平移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再得到痕迹C.若测得木板每次移动距离x＝10.00 cm.A、B间距离y1＝5.02 cm，B、C间距离y2＝14.82 cm(g＝9.80 m/s2).(1)为什么每次都要使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放？______________________________________________________.(2)根据以上直接测量的物理量来求得小球初速度的表达式为v0＝________________(用题中所给字母表示)．(3)小球初速度的值为v0＝________ m/s.14．(6分)如图所示，半径为R的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴旋转的水平转台上，转台转轴与过陶罐球心O的对称轴OO′重合，转台以一定角速度ω匀速旋转，一质量为m的小物块落入陶罐内，经过一段时间后，小物块随陶罐一起转动且相对罐壁静止，它和O点的连线与OO′之间的夹角θ为45°.已知重力加速度大小为g，小物块与陶罐之间的最大静摩擦力大小为f＝24mg.(1)若小物块受到的摩擦力恰好为零，求此时的角速度ω0；(2)若小物块一直相对陶罐静止，求陶罐旋转的角速度的最大值和最小值．15．(12分)我国将于2022年举办冬奥会，跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之一．如图所示，质量m＝60 kg 的运动员从长直助滑道AB的A处由静止开始以加速度a＝3.6 m/s2匀加速滑下，到达助滑道末端B时速度v B ＝24 m/s，A与B的竖直高度差H＝48 m．为了改变运动员的运动方向，在助滑道与起跳台之间用一段弯曲滑道衔接，其中最低点C处附近是一段以O为圆心的圆弧．助滑道末端B与滑道最低点C的高度差h＝5 m，运动员在B、C间运动时阻力做功W＝－1 530 J，取g＝10 m/s2.(1)求运动员在AB段下滑时受到阻力F f的大小；(2)若运动员能够承受的最大压力为其所受重力的6倍，则C点所在圆弧的半径R至少应为多大．16．(15分)如图所示，一轻质弹簧左端固定在足够长的水平轨道左侧，水平轨道的PQ段粗糙，调节其初始长度为l0＝1.5 m，水平轨道右侧连接半径为R＝0.4 m的竖直圆形光滑轨道，可视为质点的滑块将弹簧压缩至A点后由静止释放，经过水平轨道PQ后，恰好能通过圆形轨道的最高点B.已知滑块质量m＝1 kg，与PQ段间的动摩擦因数μ＝0.4，轨道其他部分摩擦不计．g取10 m/s2，求：(1)弹簧压缩至A点时弹簧的弹性势能E p；(2)若每次均从A点由静止释放滑块，同时调节PQ段的长度，为使滑块在进入圆形轨道后能够不脱离轨道而运动，PQ段的长度l应满足什么条件？高中物理必修一必修二综合测评高中物理必修一必修二综合测评（答案）一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分.)1.甲、乙两个小物体,甲的重力是乙的3倍,它们从同一高度处同时自由下落,不考虑空气阻力,则下列说法中正确的是()A.甲比乙先落地B.甲的加速度比乙大C.甲、乙同时落地h=gt2,t=可知,甲、乙同时落地.2.下列各图分别表示的是某一物体的运动情况或其所受合外力的情况.其中甲图是某物体的位移—时间图象;乙图是某一物体的速度—时间图象;丙图表示某一物体的加速度—时间图象;丁图表示某一物体所受合外力随时间变化的图象.四幅图中的图线都是直线,从这些图象中可判断出一定质量物体的某些运动特征.下列有关说法中不正确的是()A.甲物体受合外力为零B.乙物体受到的合外力不变C.丙物体的速度一定越来越大,甲是匀速运动,乙、丙都是匀变速运动,而丁的加速度越来越大;对丙:如果a与v方向反向,速度会越来越小,故选项C错误.3．已知靠近地面运转的人造卫星，每天转n圈，如果发射一颗同步卫星，它离地面的高度与地球半径的比值为()A．n B．n2C.n3－1D.3n2－1解析：设同步卫星离地面的高度为h，地球半径为R.近地卫星的周期为T1＝24 hn，同步卫星的周期为T2＝24 h，则T1∶T2＝1∶n，对于近地卫星有G MmR 2＝m 4π2T 21R ，对于同步卫星有G Mm ′（R ＋h ）2＝m ′4π2T 22(R ＋h )，联立解得h ＝(3n 2－1)R ，故D 正确． 答案：D4.如图所示，质量为m 的物体(可视为质点)以某一速度从A 点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度为34g ，此物体在斜面上上升的最大高度为h ，则在这个过程中物体( )A ．重力势能增加了34mghB ．动能损失了12mghC ．动能损失了mghD ．动能损失了32mgh解析：重力做功W G ＝－mgh ，故重力势能增加了mgh ，A 错．物体所受合力F ＝ma ＝34mg ，合力做功W合＝－Fh sin 30°＝－34mg ×2h ＝－32mgh ，由动能定理知，动能损失了32mgh ，B 、C 错，D 正确．答案：D5.如图所示，两个相对的斜面，倾角分别为37°和53°.在顶点把两个小球以同样大小的初速度分别向左、向右水平抛出，小球都落在斜面上. 若不计空气阻力，则A 、B 两个小球的运动时间之比为( )A ．1∶1B ．4∶3C ．16∶9D ．9∶16解析：两小球均做平抛运动，且均落在斜面上，则对于A 球有tan 37°＝y x ＝12gt 2Av 0t A ＝gt A2v 0，解得t A ＝2v 0tan 37°g ，同理对于B 球有t B ＝2v 0tan 53°g ，则t A t B ＝tan 37°tan 53°＝916，故D 正确． 答案：D6.一质量为1 kg 的质点静止于光滑水平面上，从t ＝0时刻开始，受到水平外力F 作用，如图所示．下列判断正确的是( )A ．0～2 s 内外力的平均功率是4 WB ．第2 s 内外力所做的功是4 JC ．第2 s 末外力的瞬时功率最大D ．第1 s 末与第2 s 末外力的瞬时功率之比为9∶5 解析：0～1 s 内，质点的加速度a 1＝F 1m ＝31 m/s 2＝3 m/s 2，则质点在0～1 s 内的位移x 1＝12a 1t 21＝12×3×1 m ＝1.5 m ，1 s 末的速度v 1＝a 1t 1＝3×1 m/s ＝3 m/s ，第2 s 内质点的加速度a 2＝F 2m ＝11m/s 2＝1 m/s 2，第2 s 内的位移x 2＝v 1t 2＋12a 2t 22＝3×1 m ＋12×1×1 m ＝3.5 m ，在0～2 s 内外力F 做功的大小W ＝F 1x 1＋F 2x 2＝3×1.5 J ＋1×3.5 J ＝8 J ，可知0～2 s 内外力的平均功率P ＝W t ＝82 W ＝4 W ，故A 正确；第2 s 内外力做功W 2＝F 2x 2＝1×3.5 J ＝3.5 J ，故B 错误；第1 s 末外力的瞬时功率P 1＝F 1v 1＝3×3 W ＝9 W ，第2 s 末的速度v 2＝v 1＋a 2t 2＝3 m/s ＋1×1 m/s ＝4 m/s ，则外力的瞬时功率P 2＝F 2v 2＝1×4 W ＝4 W ，可知第2 s 末外力的瞬时功率不是最大，第1 s 末和第2 s 末外力的瞬时功率之比为9∶4，故C 、D 错误．答案：A7．如图所示，两颗星组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O 点做周期相同的匀速圆周运动．现测得两颗星之间的距离为L ，质量之比为m 1∶m 2＝3∶2，下列说法中正确的是( ) A ．m 1、m 2做圆周运动的线速度之比为3∶2 B ．m 1、m 2做圆周运动的角速度之比为3∶2 C ．m 1做圆周运动的半径为25LD ．m 2做圆周运动的半径为25L解析：根据F 万＝F 向，对m 1得G m 1m 2L 2＝m 1v 21r 1＝m 1r 1ω2，对m 2得G m 1m 2L 2＝m 2v 22r 2＝m 2r 2ω2，又r 1＋r 2＝L ，由以上各式得v 1v 2＝r 1r 2＝m 2m 1＝23，A 错误．由于T 1＝T 2，故ω＝2πT 相同，B 错误．r 1＝25L ，r 2＝35L ，C 正确，D错误．答案：C二、多项选择题(本大题共3小题，每小题5分，共15分．每小题有多个选项是正确的，全选对得5分，少选得3分，选错、多选或不选得0分)8．我国发射的“嫦娥三号”登月探测器靠近月球后，先在月球表面附近的近似圆轨道上绕月运行；然后经过一系列过程，在离月面4 m 高处做一次悬停(可认为是相对于月球静止)；最后关闭发动机，探测器自由下落．已知探测器的质量约为1.3×103 kg ，地球质量约为月球的81倍，地球半径约为月球的3.7倍，地球表面的重力加速度大小约为9.8 m/s 2，则此探测器( )A ．在着陆前的瞬间，速度大小约为8.9 m/sB ．悬停时受到的反冲作用力约为2×103 NC ．从离开近月圆轨道到着陆这段时间内，机械能守恒D ．在近月圆轨道上运行的线速度小于人造卫星在近地圆轨道上运动的线速度解析：在地球表面附近有G M 地m R 2地＝mg 地，在月球表面附近有G M 月mR 2月＝mg 月，可得g 月＝1.656 m/s 2，所以探测器落地的速度为v ＝2g 月h ＝3.64 m/s ，故A 错误；探测器悬停时受到的反冲作用力为F ＝mg 月≈2×103 N ，B 正确；探测器由于在着陆过程中开动了发动机，因此机械能不守恒，C 错误；在靠近星球的轨道上有G MmR 2＝mg ＝m v 2R ，即有v ＝gR ，可知在近月圆轨道上运行的线速度小于人造卫星在近地圆轨道上运行的线速度，故选项D 正确．答案：BD9.如图所示,车内绳AB 与绳BC 拴住一小球,BC 水平,车由原来的静止状态变为向右加速直线运动,小球仍处于图中所示的位置,则( )A.AB 绳拉力F T 1不变,BC 绳拉力F T 2变大B.AB 绳拉力F T 1变大,BC 绳拉力F T 2变小C.AB 绳拉力F T 1变大,BC 绳拉力F T 2不变F T 1不变,BC 绳拉力F T 2的大小为(F T 1sin θ+ma ) 解析:受力分析如图所示,由F T 1cos θ=mg 可知F T 1不变;由F T 2-F T 1sin θ=ma 可知F T 2=F T 1sin θ+ma.10.如图所示，在“嫦娥”探月工程中，设月球半径为R ，月球表面的重力加速度为g .飞船在半径为4R 的圆形轨道Ⅰ上运动，到达轨道的A 点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B 时，再次点火进入半径约为R 的近月轨道Ⅲ绕月做圆周运动，则( )A ．飞船在轨道Ⅰ上的运行速率等于12g 0R B ．飞船在轨道Ⅰ上的运行速率小于在轨道Ⅱ上B 处的速率 C ．飞船在轨道Ⅰ上的加速度大于在轨道Ⅱ上B 处的加速度 D ．飞船在轨道Ⅰ、轨道Ⅲ上运行的周期之比T Ⅰ∶T Ⅲ＝4∶1 解析：根据G Mm （4R ）2＝m v 214R ，得飞船在轨道Ⅰ上的运行速率v 1＝GM4R，又GM ＝g 0R 2，解得v 1＝ g 0R 4＝12g 0R ，故A 正确；根据G Mmr2＝m v 2r ，解得v ＝GMr，飞船在轨道Ⅰ和轨道Ⅲ上的速率关系为v Ⅲ＞v Ⅰ，飞船在轨道Ⅱ上的B 处减速进入轨道Ⅲ，则飞船在轨道Ⅰ上的运行速率小于在轨道Ⅱ上B 处的速率，故B 正确；根据牛顿第二定律，得a ＝G Mm r 2m ＝GMr 2，飞船在轨道Ⅰ上的加速度小于在轨道Ⅱ上B 处的加速度，故C错误；根据G Mmr 2＝mr 4π2T 2，得T ＝4π2r 3GM，飞船在轨道Ⅰ、轨道Ⅲ上运行的轨道半径之比为4∶1，则周期之比为8∶1，故D 错误．答案：AB三、非选择题(共57分)11.(8分)某同学用图(a)所示的实验装置测量物块与斜面之间的动摩擦因数.已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz,物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图(b)所示,图中标出了五个连续点之间的距离图(a )图(b )(1)物块下滑时的加速度a= m/s 2,打C 点时物块的速度v= m/s;(2)已知重力加速度大小为g ,为求出动摩擦因数,还必须测量的物理量是 (填正确答案:标号). A.物块的质量 B.斜面的高度.25 1.79 (2)C 1)滑块下滑的加速度a== m/s2解得a=3.25 m/s2v C=== m/s=1.79 m/s.(2)由mg sin θ-μmg cos θ=ma可得μ=tan θ-,故还需要测出斜面的倾角,选项C正确.12．(8分)利用图甲装置做“验证机械能守恒定律”实验．图甲(1)为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的________．A．动能变化量与势能变化量B．速度变化量与势能变化量C．速度变化量与高度变化量(2)(多选)除带夹子的重物、纸带、铁架台(含铁夹)、电磁打点计时器、导线及开关外，在下列器材中，还必须使用的两种器材是________．A．交流电源B．刻度尺C．天平(含砝码)(3)实验中，先接通电源，再释放重物，得到图乙所示的一条纸带．在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为h A、h B、h C.已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T.设重物的质量为m.从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能变化量ΔE p＝__________，动能变化量ΔE k＝________．图乙(4)大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是________．A．利用公式v＝gt计算重物速度B．利用公式v＝2gh计算重物速度C．存在空气阻力和摩擦阻力的影响D．没有采用多次实验取平均值的方法(5)某同学想用下述方法研究机械能是否守恒：在纸带上选取多个计数点，测量它们到起始点O的距离h，计算对应计数点的重物速度v，描绘v2h图象，并做如下判断：若图象是一条过原点的直线，则重物下落过程中机械能守恒．请你分析论证该同学的判断依据是否正确．解析：(1)在重物下落过程中，若任意两点间重力势能的减少量等于动能的增加量，则重物的机械能守恒，所以A 正确．(2)打点计时器需要交流电源，测量纸带上各点之间的距离需要刻度尺，本实验需要验证的等式为mgh ＝12m v 2，即gh ＝12v 2(或mgh ＝12m v 22－12m v 21，即gh ＝12v 22－12v 21)，所以不需要测量重物的质量，不需要天平． (3)从打O 点到打B 点的过程中，重力势能的变化量ΔE p ＝－mgh B ，动能的变化量ΔE k ＝12m v 2B ＝12m⎝⎛⎭⎫h C －h A 2T 2＝m （h C －h A ）28T 2.(4)重力势能的减少量大于动能的增加量，主要原因是重物在运动过程中存在空气阻力和摩擦阻力，选项C 正确．(5)该同学的判断依据不正确．在重物下落h 的过程中，若阻力f 恒定，根据mgh －fh ＝12m v 2－0⇒v 2＝2()g －fm h ，可知v 2h 图象就是过原点的一条直线．要想通过v 2h 图象的方法验证机械能是否守恒，还必须看图象的斜率是否接近2g .答案：(1)A (2)AB (3)－mgh B m （h C －h A ）28T 2(4)C (5)见解析13．(8分)在做“研究平抛运动”的实验中，为了确定小球不同时刻在空中所通过的位置，实验时用了如图所示的装置．先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平整的木板表面钉上白纸和复写纸．将该木板竖直立于水平地面上，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A ；将木板向远离槽口的方向平移距离x ，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上得到痕迹B ；将木板再向远离槽口的方向平移距离x ，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再得到痕迹C .若测得木板每次移动距离x ＝10.00 cm.A 、B 间距离y 1＝5.02 cm ，B 、C 间距离y 2＝14.82 cm(g ＝9.80 m/s 2).(1)为什么每次都要使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放？ ______________________________________________________.(2)根据以上直接测量的物理量来求得小球初速度的表达式为v 0＝________________(用题中所给字母表示)．(3)小球初速度的值为v 0＝________ m/s.解析：(1)每次从斜槽上紧靠挡板处由静止释放小球，是为了使小球离开斜槽末端时有相同的初速度． (2)根据平抛运动在水平方向上为匀速直线运动，则小球从A 到B 和从B 到C 运动时间相等，设为T ；竖直方向由匀变速直线运动推论有y2－y1＝gT2，且v0T＝x.解以上两式得：v0＝xgy2－y1.(3)代入数据解得v0＝1.00 m/s.答案：(1)为了保证小球每次做平抛运动的初速度相同(2)xgy2－y1(3)1.0014．(6分)如图所示，半径为R的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴旋转的水平转台上，转台转轴与过陶罐球心O的对称轴OO′重合，转台以一定角速度ω匀速旋转，一质量为m的小物块落入陶罐内，经过一段时间后，小物块随陶罐一起转动且相对罐壁静止，它和O点的连线与OO′之间的夹角θ为45°.已知重力加速度大小为g，小物块与陶罐之间的最大静摩擦力大小为f＝24mg.(1)若小物块受到的摩擦力恰好为零，求此时的角速度ω0；(2)若小物块一直相对陶罐静止，求陶罐旋转的角速度的最大值和最小值．解析：(1)当小物块受到的摩擦力为零，支持力和重力的合力提供向心力，有mg tan θ＝mω20R sin θ，解得ω0＝2g R.(2)当ω＞ω0时，重力和支持力的合力不够提供向心力，当角速度最大时，摩擦力方向沿罐壁切线向下时摩擦力达到最大值，设此时最大角速度为ω1，由牛顿第二定律，得f cos θ＋F N sin θ＝mω21R sin θ，f sin θ＋mg＝F N cos θ，联立以上三式，解得ω1＝32g 2R.当ω＜ω0时，重力和支持力的合力大于所需向心力，摩擦力方向沿罐壁切线向上，当角速度最小时，摩擦力向上达到最大值，设此最小角速度为ω2，由牛顿第二定律，得F N sin θ－f cos θ＝mω22R sin θ，mg＝F N cos θ＋f sin θ，联立解得ω2＝2g 2R.答案：(1) 2gR(2)32g2R2g2R15．(12分)我国将于2022年举办冬奥会，跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之一．如图所示，质量m＝60 kg的运动员从长直助滑道AB 的A 处由静止开始以加速度a ＝3.6 m/s 2匀加速滑下，到达助滑道末端B 时速度v B ＝24 m/s ，A 与B 的竖直高度差H ＝48 m ．为了改变运动员的运动方向，在助滑道与起跳台之间用一段弯曲滑道衔接，其中最低点C 处附近是一段以O 为圆心的圆弧．助滑道末端B 与滑道最低点C 的高度差h ＝5 m ，运动员在B 、C 间运动时阻力做功W ＝－1 530 J ，取g ＝10 m/s 2.(1)求运动员在AB 段下滑时受到阻力F f 的大小；(2)若运动员能够承受的最大压力为其所受重力的6倍，则C 点所在圆弧的半径R 至少应为多大． 解析：(1)运动员在AB 上做初速度为零的匀加速运动，设AB 的长度为x ，则有v 2B ＝2ax ，① 由牛顿第二定律，有mg Hx －F f ＝ma ，②联立①②式，代入数据，解得F f ＝144 N ．③(2)设运动员到达C 点时的速度为v C ，在由B 到达C 的过程中，由动能定理，有mgh ＋W ＝12m v 2C －12m v 2B ，④设运动员在C 点所受的支持力为F N ，由牛顿第二定律，有 F N －mg ＝m v 2CR，⑤由运动员能够承受的最大压力为其所受重力的6倍，联立④⑤式，代入数据解得R ＝12.5 m. 答案：(1)144 N (2)12.5 m16．(15分)如图所示，一轻质弹簧左端固定在足够长的水平轨道左侧，水平轨道的PQ 段粗糙，调节其初始长度为l 0＝1.5 m ，水平轨道右侧连接半径为R ＝0.4 m 的竖直圆形光滑轨道，可视为质点的滑块将弹簧压缩至A 点后由静止释放，经过水平轨道PQ 后，恰好能通过圆形轨道的最高点B .已知滑块质量m ＝1 kg ，与PQ 段间的动摩擦因数μ＝0.4，轨道其他部分摩擦不计．g 取10 m/s 2，求：(1)弹簧压缩至A 点时弹簧的弹性势能E p ；(2)若每次均从A 点由静止释放滑块，同时调节PQ 段的长度，为使滑块在进入圆形轨道后能够不脱离轨道而运动，PQ 段的长度l 应满足什么条件？解析：(1)设滑块冲上圆形轨道最高点B 时速度为v ，由能量守恒定律，得 E p ＝12m v 2＋2mgR ＋μmgl 0，①滑块在B 点时，重力提供向心力，由牛顿第二定律，得 mg ＝m v 2R，②联立①②式并代入数据，解得E p＝16 J.(2)若要使滑块不脱离轨道，分两种情况讨论：①滑块能够通过B点而不脱离轨道，则应满足l≤1.5 m，③②滑块能够到达圆形轨道，则应满足E p≥μmgl，解得l≤4 m，④滑块到达圆形轨道而又不超过与圆心等高的C点时，如图所示，临界条件取到达C点时速度恰好为零，则有E p≤mgR＋μmgl，解得l≥3 m，⑤联立③④⑤式，可得PQ段长度l应满足的条件是：l≤1.5 m或3 m≤l≤4 m.答案：(1)16 J(2)l≤1.5 m或3 m≤l≤4 m。
高中历史(新人教版)选择性必修二课后习题：模块综合测评一(课后习题)【含答案及解析】
模块综合测评一(时间:45分钟分值:100分)一、选择题(本题15小题,每小题4分,共60分)1.原始社会时期,随着社会生产力的发展,人们寻找食物的方式逐渐从原始的渔猎采集转化为饲养和种植,原始的种植成为人们的主要食物来源。
这种变化反映了()A.种植从根本上改变了人类生活方式B.农业成为古代社会的基本生产部门C.种植生活是农业兴起的重要标志D.农业和畜牧业出现了社会分工答案C解析材料信息主要是反映了随着生产力发展,种植经济取代狩猎采集经济,开始了真正的农业经济,故C项正确;远古时期,种植经济改变了人类生活方式,并非根本改变,A项错误;材料主要反映了远古时期种植经济的发展,未反映农业成为古代社会的基本生产部门,B项错误;材料未体现农业和畜牧业是否成为独立的生产部门,未体现社会分工,D项错误。
2.明清时期,中国与西方人口都出现了一次爆炸式增长,不同的是,欧洲人口增长最多的地区是城市及其周边地区,中国则主要集中在边疆或山地地区。
明清人口增长的这一特点()A.拉大了与西方的差距B.有利于改善人地关系C.受益于新作物的传入D.阻碍了商品经济的发展答案C解析结合所学知识可知,明清偏远地区人口的增长得益于新航路开辟后马铃薯、玉米等耐旱、高产的新作物品种的传入,故选C项。
3.商周时期,锸、类农具开沟起土较慢,农田垄与沟的宽度比约为1∶2,沟宽垄窄;战国晚期,垄与沟宽度之比变为1∶1;沟、垄宽度基本一致。
这一变化表明战国晚期()A.生产发展提高了劳动生产率B.集体劳作方式不断得到强化C.人地矛盾推动经济结构调整D.技术革新带动种植面积扩大答案D解析根据材料信息可知,商周时期的垄与沟的宽度比约为1∶2,战国晚期的垄与沟宽度之比变为1∶1,再结合战国时期铁农具和牛耕的使用,可得出技术革新带动种植面积扩大,D项正确;材料不能体现劳动生产率的提高,排除A项;战国时期的劳作方式主要是个体耕作,排除B项;材料没有涉及经济结构调整,排除C项。
高中语文单元测评1珍爱生命含解析苏教版必修2
单元综合测评(一) 珍爱生命(时间：120分钟满分：120分)一、阅读理解(50分)(一)阅读下面的文字，完成1～3题。
(15分)父亲的旧怀表敬爱的父亲去世两年了，我们一直沉浸在悲痛之中，他的遗物也就一直放在他生前常待的那间小屋里，没人去动它们。
夏天的一个早上，我和姐姐终于打起精神和母亲一起来整理他的房间。
一个破旧的皮箱打开了，母亲从里面翻出了一只旧怀表。
母亲用围裙角擦了擦旧表，大声地说：“这是你父亲当年一直在用的表，不知德瑞克喜不喜欢，我想送给他。
”德瑞克是我儿子。
“就是不知这表还能不能走。
”她接着说。
我的手指轻轻地滑过旧怀表的外壳，它已经失去了往日的光泽。
抚摩着这只表，我的脑海里浮现出父亲的音容笑貌。
它多像我的父亲！那么朴实、无华、简洁，而又如此忠实、可靠。
这只旧怀表令我想起父亲曾经买过的旧车。
“爸爸，你买这车干吗呀？油漆都掉了，这么破旧难看！”“傻丫头，尽管它的外面已经油漆剥落，可它跑起来可轻快了。
嘿，爸可捡了个便宜啦！”原来爸爸看中的是更重要的东西，真的，旧车的引擎还相当完好。
我还想起早年父亲在我们的房子外面搭建的卫生间，它里面虽然干干净净，但外表简陋，甚至显得寒碜。
我想到了父亲收集在他小房子里的东西：一个旧燃气炉，一盏好用的灯，一张舒服的躺椅。
在这间房子里，他常常自己动手修理着各种收集来的旧玩意儿。
他捣鼓好了被别人扔掉的坏收音机，为丢弃的破玩具配上零件。
这些都是别人因为坏了随手扔掉的，他，默默地捡回来，修好，再用。
是不是那会儿我们的家庭经济很困难？两年前，在父亲的葬礼上，一位中年男子走上前来，悲伤地，带着怀念的口吻问我姐姐：“女士，你可知道，早些年，我们家因为有你父亲的帮助，才熬过一个又一个的年关，全家因为有了你父亲经常的照顾，才免于饥饿？”我们都摇头说，从没听父亲说起过这码事儿。
中年男子接着告诉我们，当年，他们家兄弟姐妹一大堆，经济拮据，常常是吃了上顿没下顿的。
我把这个中年男子的话转述给母亲，并询问说：“妈，我们还真的从没有听您和爸说过这事儿。
新教材选择性必修二《生物与环境》：期末综合测评(教师版)
新教材选择性必修二：期末综合测评本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分100分，考试时间90分钟。
第Ⅰ卷(选择题，共40分)一、单项选择题(共20小题，每小题2分，共40分。
每题给出的四个选项中，只有一个选项是最符合题目要求的)1．陶渊明的《归园田居》中第一句中“草盛豆苗稀”隐含的生物间的关系及第三句中“道狭草木长”反映出的生物学知识分别是()A．种间竞争、人类活动对群落演替无影响B．种间竞争、人类活动对群落演替有影响C．种间捕食、撤去人类活动群落演替方向会发生变化D．种间捕食、撤去人类活动群落演替方向未发生变化1答案B解析草和豆苗相互争夺营养物质和生存空间等，因此属于竞争关系，所以“种豆南山下，草盛豆苗稀”诗句中体现出豆苗与杂草间的生物关系是种间竞争。
人类活动往往会使群落演替按照不同于自然演替的速度和方向进行，A、C、D错误，B正确。
2．下列关于生态系统的叙述中，错误的是()A．生态系统的结构包括非生物的物质和能量、生产者、消费者和分解者B．生态系统中的能量最终以热能形式散失到大气中C．森林生态系统的自我调节能力大于草原生态系统D．生态系统的物质循环是通过食物链、食物网这种渠道进行的2答案A解析生态系统的结构包括生态系统的组成成分(非生物的物质和能量、生产者、消费者和分解者)和营养结构(食物链与食物网)，A错误；生态系统中的能量最终以热能形式散失，B正确；森林生态系统较草原生态系统组分更多，食物网更复杂，因此其自我调节能力更强，C正确。
3．下列关于种群、群落、生态系统的叙述，错误的是()A．捕食者的存在有利于生态系统的稳定，外来物种入侵可能会破坏生态系统的稳定性B．生态系统的基本功能是物质和能量的循环流动C．原始合作的两种生物，双方分开后，各自也能独立生活D．年龄结构是稳定型的种群，其种群数量不一定保持稳定3答案B解析捕食者的存在有利于增加物种多样性，因此有利于生态系统的稳定，外来物种入侵往往会导致本地物种多样性降低，因此可能会破坏生态系统的稳定性，A正确；生态系统的基本功能是物质循环、能量流动和信息传递，B错误；稳定型种群，种群数量在近期内是处于动态平衡的或者说在近期内相对稳定，如果环境突然发生改变，那么种群数量不一定保持稳定，D正确。
2024-2025年北师大版数学必修第二册全书综合测评卷(带答案)
全书综合测评卷时间：120分钟 满分：150分一、单项选择题(本大题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1．关于向量a ，b ，下列命题中，正确的是( ) A ．若|a |＝|b |，则a ＝b B ．若a ＝－b ，则a ∥bC ．若a ∥b ，b ∥c ，则a ∥cD ．若|a |>|b |，则a >b2．已知i 为虚数单位，复数z 1＝1＋2i ，z 2＝2－i ，则( ) A ．z 1的共轭复数为－1＋2i B ．z 1的虚部是2i C ．z 1＋z 2为实数 D ．z 1z 2＝4＋3i3．三个数sin 1.5·sin 2·sin 3.1，cos 4.1·cos 5·cos 6，tan 7·tan 8·tan 9中，值为负数的个数有( )A ．0个B ．1个C ．2个D ．3个4．已知函数f (x )＝cos (ωx ＋2π3 )(ω>0)的最小正周期为4π，则下面结论正确的是( )A ．函数f (x )在区间(0，π)上单调递增B ．函数f (x )在区间(0，π)上单调递减C ．函数f (x )的图象关于直线x ＝2π3 对称D ．函数f (x )的图象关于点(2π3 ，0)对称5.宜昌奥林匹克体育中心为了迎接湖北省第十六届运动会开幕式，将中心内一块平面四边形ABCD 区域设计灯带．已知灯带AB ＝CD ＝10米，BC ＝20米，AD ＝102 米，且∠A ＋∠C ＝3π4，则cos ∠BCD ＝( ) A ．35 B ．0 C ．45 D ．2106．已知△ABC 中，3AB → ＋AC → －6AD →＝0，延长BD 交AC 于E ，则AE AC＝( )A ．23B ．12C ．13D ．14 7.如图，已知三棱柱ABC A 1B 1C 1的各条棱长都相等，且CC 1⊥底面ABC ，M 是侧棱CC 1的中点，则异面直线AB 1和BM 所成的角为( )A ．90° B．45° C ．30° D．60°8．当函数y ＝sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3＋x cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3－x 取得最大值时，tan x 的值为( ) A ．1 B ．±1 C．3 D ．－1二、多项选择题(本大题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对得5分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)9．设z 1，z 2为复数，则下列命题中一定成立的是( ) A ．如果z 1－z 2>0，那么z 1>z 2B ．如果|z 1|＝|z 2|，那么z 1z － 1＝z 2z －2 C ．如果⎪⎪⎪⎪⎪⎪z 1z 2 >1，那么|z 1|>|z 2|D ．如果z 21 ＋z 22 ＝0，那么z 1＝z 2＝010．已知函数f (x )＝cos (sin x )，g (x )＝sin (cos x )，则下列说法不正确的是( ) A ．f (x )与g (x )的定义域都是[－1，1] B ．f (x )为奇函数，g (x )为偶函数C ．f (x )的值域为[cos 1，1]，g (x )的值域为[－sin 1，sin 1]D ．f (x )与g (x )都不是周期函数11．已知f (x )＝sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫x －π4 cos ⎝⎛⎭⎪⎫x －π4 ＋3.给出下列结论，其中不正确的是( )A ．最小正周期为πB ．对称轴为直线x ＝k π(k ∈Z )C ．对称中心为⎝ ⎛⎭⎪⎫k2π＋π4，0D ．最大值为312.如图，已知四棱台ABCD A 1B 1C 1D 1的上、下底面均为正方形，其中AB ＝22 ，A 1B 1＝2 ，AA 1＝BB 1＝CC 1＝DD 1＝2，则下列叙述正确的是( )A.该四棱台的高为3 B ．AA 1⊥CC 1C ．该四棱台的表面积为26D ．该四棱台外接球的表面积为16π三、填空题(本大题共4小题，每小题5分，共20分．把答案填在题中横线上)13．复数z ＝(m 2＋4m ＋3)＋(m ＋3)i ，m ∈R 为纯虚数，则m ＝________．14．已知tan α，tan β是方程2x 2＋3x －5＝0的两个实数根，则tan (α＋β)＝________．15．已知函数f (x )＝2sin (ωx ＋φ)(ω>0)满足f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π4 ＝2，f (π)＝0，且f (x )在区间⎝⎛⎭⎪⎫π4，π3 上单调，则ω的最大值为________．16．记△ABC 的内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，(a －3 c )sin A ＝b sin B －c sin C ，若△ABC 外接圆面积为π，则△ABC 面积的最大值为________．四、解答题(本大题共6小题，共70分．解答时应写出必要的文字说明，证明过程或演算步骤)17．(本小题满分10分)(1)已知复数z ＝m 2－5m ＋6＋(2m 2－3m －2)i ，m ∈R .若z 为纯虚数，求m 的值；(2)已知复数z ＝a ＋b i(a ，b ∈R )，若z 满足z ·z －＋i z ＝15＋3i ，求a ，b 的值． 18.(本小题满分12分)函数f (x )＝A cos (ωx ＋φ)(A >0，ω>0，|φ|<π2 )的部分图象如图所示．(1)求函数f (x )的解析式；(2)若函数f (x )在区间[0，m ]有5个零点，求m 的取值范围．19．(本小题满分12分)如图，在长方体ABCD A1B1C1D1中，AD＝AA1＝1，AB＝2，点E 是AB的中点．(1)证明：D1E⊥A1D；(2)在棱DD1上是否存在一点P，使得AP∥平面D1EC，若存在，求DPDD1，若不存在，说明理由；(3)求D到平面D1EC的距离．20．(本小题满分12分)在①2cos2B＋cos2B＝0，②b cos A＋a cos B＝3＋1这两个条件中任选一个，补充在下面问题的横线中，并解决相应问题．已知在锐角△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，△ABC的面积为S，若4S＝b2＋c2－a2，b＝6，________，求△ABC的面积S的大小．注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分．21．(本小题满分12分)矩形ABCD 中，AB ＝2AD ＝2，P 为线段DC 的中点，将△ADP 沿AP 折起，使得平面ADP ⊥平面ABCP .(1)在DC 上是否存在点E 使得AD ∥平面PBE ？若存在，求出点E 的位置；若不存在，请说明理由；(2)求二面角P AD B 的余弦值． 22．(本小题满分12分)已知向量m ＝(1，cos ωx )，n ＝(sin ωx ，3 )(ω>0)，函数f (x )＝m ·n ，且f (x )图象上的一个最高点为P ⎝ ⎛⎭⎪⎫π12，2 ，与P 最近的一个最低点的坐标为⎝⎛⎭⎪⎫7π12，－2 .(1)求函数f (x )的解析式；(2)设a 为常数，判断方程f (x )＝a 在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤0，π2 上的解的个数；(3)在锐角△ABC 中，若cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3－B ＝1，求f (A )的取值范围．全书综合测评卷1．答案：B解析：向量是既有大小又有方向的量，大小相等，但方向不一定相同，故A 错误；若a ＝－b ，得a ，b 方向相反，则a ∥b ，故B 正确；当b ＝0，a 与c 不一定平行，故C 错误；尽管两个向量的模有大小之分，但两个向量是不能比较大小的，故D 错误．故选B.2．答案：D解析：z 1＝1＋2i ，z －1＝1－2i ，故A 错误；z 1的虚部是2，故B 错误；z 1＋z 2＝3＋i为虚数，故C 错误；z 1·z 2＝(1＋2i)(2－i)＝2－i ＋4i －2i 2＝4＋3i ，故D 正确．故选D.3．答案：B解析：0<1.5<π，0<2<π，0<3.1<π，∴sin 1.5·sin 2·sin 3.1>0；π<4.1<3π2，cos 4.1<0，3π2 <5<2π，3π2 <6<2π，cos 5>0，cos 6>0，∴cos 4.1·cos 5·cos 6<0；2π<7<5π2 ，5π2 <8<3π，5π2<9<3π，∴tan 7>0，tan 8<0，tan 9<0，tan 7·tan 8·tan9>0；只有一个负数．故选B.4．答案：C解析：由题意知：2πω ＝4π⇒ω＝12 ，∴f (x )＝cos (12 x ＋2π3)A ，B 选项，当x ∈(0，π)时，12 x ＋2π3 ∈(2π3 ，7π6 )，当12 x ＋2π3 ∈(2π3，π)时，f (x )单调递减，12 x ＋2π3 ∈(π，7π6 )时，f (x )单调递增．因此，A 和B 都错误；C 选项，x ＝2π3 时，12 x ＋2π3 ＝π；x ＝π是cos x 的对称轴，则x ＝2π3是f (x )的对称轴．因此，C 正确；D 选项，由C 可知，x ＝2π3是对称轴的位置，则必不是对称中心，D 错误．故选C.5．答案：A 解析：如图，连接BD .在△ABD 中，由余弦定理有：BD 2＝BA 2＋AD 2－2BA ×AD ×cos A ＝300－2002 cos A ①， 在△CBD 中，由余弦定理有：BD 2＝BC 2＋CD 2－2BC ×CD ×cos C ＝500－400cos C ②， 由①②得：－2 cos A ＝1－2cos C ，又∠A ＋∠C ＝3π4 ，∴－2 cos (3π4－C )＝1－2cos C ，∴－sin C ＝1－3cos C ，又∵sin 2C ＋cos 2C ＝1.∴(3cos C －1)2＋cos 2C ＝1，∴cos C ＝0或cos C ＝35，∵C ∈(0，3π4)，∴sin C >0，若cos C ＝0，则sin C ＝－1(舍)，∴cos C ＝35.故选A.6．答案：C解析：依题意，设AE → ＝λAC → ，BE → ＝μBD → ，则AE → ＝λAC → ＝λ(－3AB → ＋6AD →)＝－3λAB → ＋6λAD → .又AE → ＝AB → ＋BE → ＝AB → ＋μBD → ＝AB → ＋μ·(AD → －AB → )＝(1－μ)AB → ＋μAD → ，所以⎩⎪⎨⎪⎧－3λ＝1－μ，6λ＝μ， 两式相加得λ＝13 ，即AE →＝13 AC → ，所以AE AC ＝|AE →||AC →|＝13 .故选C.7．答案：A 解析：设棱长为a ，将三棱柱ABC A 1B 1C 1补成正三棱柱A 1B 1C 1 A 2B 2C 2(如图)，使AA 1＝AA 2.平移AB 1至A 2B ，连接A 2M ，∠MBA 2(或其补角)即为AB 1与BM 所成的角，在△A 2BM 中，A 2B ＝2a ，BM ＝a 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫a 22 ＝52 a ，A 2M ＝a 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫3a 22 ＝132 a ，∴A 2B 2＋BM 2＝A 2M 2，∴∠MBA 2＝90°.故选A.8．答案：A解析：y ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫32cos x ＋12sin x ⎝ ⎛⎭⎪⎫12cos x ＋32sin x ＝34 (sin 2x ＋cos 2x )＋14 sin x cosx ＋34sin x cos x ＝34 ＋12 sin 2x .当sin 2x ＝1时，y max ＝3＋24 ，此时2x ＝2k π＋π2 (k ∈Z )，即x ＝k π＋π4(k ∈Z )，∴tan x ＝1.故选A.9．答案：BC解析：取z 1＝3＋i ，z 2＝1＋i 时，z 1－z 2＝2>0，但虚数不能比较大小，故A 项错误；由|z 1|＝|z 2|，得|z 1|2＝|z 2|2.又z 1z － 1＝|z 1|2，z 2z － 2＝|z 2|2，所以z 1z － 1＝z 2z － 2，故B 项正确；因为⎪⎪⎪⎪⎪⎪z 1z 2 ＝|z 1||z 2|>1，所以|z 1|>|z 2|，故C 项正确；取z 1＝1，z 2＝i ，满足z 21 ＋z 22＝0，但是z 1≠z 2≠0，故D 项错误．故选BC.10．答案：ABD解析：f (x )与g (x )的定义域是R ，故A 错误；f (－x )＝cos (sin (－x ))＝cos (sin x )＝f (x )，则f (x )是偶函数，故B 错误；∵－1≤sin x ≤1，－1≤cos x ≤1，∴f (x )的值域为[cos 1，1]，g (x )的值域为[－sin 1，sin 1]，故C 正确；f (x ＋2π)＝cos (sin (x ＋2π))＝cos (sin x )＝f (x )，则f (x )是周期函数，故D 错误．故选ABD.11．答案：BCD解析：因为f (x )＝sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫x －π4 cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫x －π4 ＋3＝12 sin ⎣⎢⎡⎦⎥⎤2⎝⎛⎭⎪⎫x －π4 ＋3＝12 sin⎝⎛⎭⎪⎫2x －π2 ＋3＝－12 cos2x ＋3，所以f (x )的最小正周期T ＝π，图象的对称轴为直线x ＝k 2 π，k ∈Z ，对称中心为⎝ ⎛⎭⎪⎫π4＋k 2π，3 ，k ∈Z ，最大值为3＋12 ＝72 ，故只有A 正确．故选BCD.12．答案：AD 解析：给四棱台ABCD A 1B 1C 1D 1补上一个小四棱锥S A 1B 1C 1D 1即可得到四棱锥S ABCD ，如图．连接A 1C 1，B 1D 1交于点O 1，连接AC ，BD 交于点O ，连接SO .由AB ＝22 ，A 1B 1＝2 ，可知△SA 1B 1与△SAB 的相似比为1∶2，则SA ＝2AA 1＝4.由题意可得AO ＝2，则SO ＝23 ，则OO 1＝3 ，故该四棱台的高为3 ，A 正确；因为SA ＝SC ＝AC ＝4，所以AA 1与CC 1的夹角为60°，B 错误；由题意可得该四棱台侧面的高为22－⎝ ⎛⎭⎪⎫22－222＝142 ，则四棱台的表面积S ＝S上底＋S下底＋S 侧＝2＋8＋4×2＋222 ×142＝10＋67 ，C 错误；因为四棱台ABCD A 1B 1C 1D 1的上、下底面都是正方形，所以其外接球的球心在OO 1上．连接OB 1，在平面B 1BOO 1中，由OO 1＝3 ，B 1O 1＝1，得OB 1＝2＝OB ，即点O 到点B 与到点B 1的距离相等，则外接球半径r ＝OB ＝2，所以该四棱台外接球的表面积为4πr 2＝16π，D 正确．故选AD.13．答案：－1解析：因为复数z ＝(m 2＋4m ＋3)＋(m ＋3)i ，m ∈R 为纯虚数，所以⎩⎪⎨⎪⎧m 2＋4m ＋3＝0，m ＋3≠0， 所以m ＝－1.14．答案：－37解析：∵tan α，tan β是方程2x 2＋3x －5＝0的两个实数根，∴tan α＋tan β＝－32 ，tan αtan β＝－52 ，由tan (α＋β)＝tan α＋tan β1－tan αtan β ＝－321－⎝ ⎛⎭⎪⎫－52 ＝－37 . 15．答案：343解析：因为f (x )在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫π4，π3 上单调，所以T 2 ≥π3 －π4 ＝π12 ，解得T ≥π6 ，所以2πω ≥π6 ，解得0<ω≤12.因为f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π4 ＝2，f (π)＝0，所以2k ＋14 T ＝π－π4 ＝3π4 ，k ∈N *，所以T ＝3π2k ＋1 ，所以2πω ＝3π2k ＋1 ，所以ω＝4k ＋23 ，k ∈N *，当ω＝4k ＋23 ≤12时，解得k ≤172 ，k ∈N ，所以ωmax ＝4×8＋23 ＝343.16．答案：2＋34解析：由已知及正弦定理得a 2－3 ac ＝b 2－c 2，所以a 2＋c 2－b 2＝3 ac ，所以cos B ＝a 2＋c 2－b 22ac ＝32 ，又B ∈(0，π)，所以B ＝π6.由△ABC 的外接圆面积为π，得外接圆的半径R ＝1. 由正弦定理得b ＝2R sin B ＝1，所以a 2＋c 2－1＝3 ac ，所以a 2＋c 2＝3 ac ＋1≥2ac ，解得ac ≤2＋3 ，所以△ABC 的面积S ＝12 ac sin B ＝14 ac ≤2＋34，当且仅当a ＝c 时等号成立．17．解析：(1)因为z 是纯虚数，所以⎩⎪⎨⎪⎧m 2－5m ＋6＝0，2m 2－3m －2≠0， 解得m ＝3.(2)设z ＝a ＋b i ，所以z －＝a －b i ， z ·z －＋i z ＝(a ＋b i)(a －b i)＋i(a ＋b i)＝a 2＋b 2－b ＋a i ＝15＋3i.所以⎩⎪⎨⎪⎧a ＝3，a 2＋b 2－b ＝15， 解得⎩⎪⎨⎪⎧a ＝3b ＝3 或⎩⎪⎨⎪⎧a ＝3，b ＝－2. 18．解析：(1)因为A >0，由图象可知A ＝2，且有T 2 ＝πω ＝2π3 －π6 ＝π2，所以ω＝2，因为图象过点(π6 ，2)，所以2cos (2·π6＋φ)＝2，即φ＋π3 ＝2k π，解得φ＝2k π－π3 ，k ∈Z ，因为|φ|<π2 ，所以φ＝－π3 ，故f (x )＝2cos (2x －π3).(2)由(1)知f (x )＝2cos (2x －π3 )，因为x ∈[0，m ]，所以2x －π3 ∈[－π3 ，2m －π3]，由函数f (x )在区间[0，m ]上有5个零点，令2x －π3＝t ，即y ＝2cos t 在区间[－π3 ，2m －π3]有5个零点，由y ＝cos t 的图象知，只需9π2 ≤2m －π3 <11π2即可，解得29π12 ≤m <35π12 ，故m ∈[29π12 ，35π12).19．解析：(1)如图所示，连接AD 1交A 1D 于点O ，则O 为AD 1的中点，由题意可知，四边形ADD 1A 1是正方形，∴A 1D ⊥AD 1. ∵AB ⊥平面ADD 1A 1，A 1D ⊂平面ADD 1A 1，∴AB ⊥AD 1. 又∵AB ⊂平面AD 1E ，AD 1⊂平面AD 1E ，AB ∩AD 1＝A ， ∴A 1D ⊥平面AD 1E ，又D 1E ⊂平面AD 1E ，∴A 1D ⊥D 1E ，即D 1E ⊥A 1D .(2)存在一点P 满足DP DD 1 ＝12时，使得AP ∥平面ED 1C ，当点P 满足DP DD 1 ＝12，即P 为DD 1的中点，取CD 1的中点Q ，连接PQ ，EQ ， 在△DD 1C 中，P ，Q 为中点，∴PQ ∥DC ，PQ ＝12DC ，∵在长方体AC 1中，E 是AB 的中点，∴AE ∥DC 且AE ＝12DC ，∴AE ∥PQ 且AE ＝PQ ，∴四边形AEQP 为▱AEQP ，∴AP ∥EQ ， 又EQ ⊂平面D 1EC ，AP ⊄平面D 1EC ，∴AP ∥平面D 1EC . (3)连接DE ，设D 到平面D 1EC 的距离为h ， ∵在长方体AC 1中，DD 1⊥平面ABCD ， ∵矩形ABCD ，点E 是AB 的中点，∴S △DCE ＝12 S 矩形ABCD ＝12×1×2＝1，∴VD 1－DCE ＝13 S △DCE ·DD 1＝13 ×1×1＝13，在Rt△D 1DC 中，D 1C ＝DD 21＋DC 2＝5 ， 在Rt△ADE 中，DE ＝AD 2＋AE 2＝2 ，∵DD 1⊥平面ABCD ，DE ⊂平面ABCD ，∴DD 1⊥DE ， 在Rt△D 1DE 中，D 1E ＝DD 21 ＋DE 2＝3 ， 在Rt△BCE 中，EC ＝BC 2＋BE 2＝2 ，∴D 1E 2＋EC 2＝CD 21 ，∴ED 1⊥CE ，∴S △D 1CE ＝12 D 1E ×EC ＝12 ×3 ×2 ＝62 ，又VD D 1CE ＝VD 1DCE ，∴13 S △D 1EC ×h ＝13 ，h ＝63 ，∴D 到平面D 1EC 的距离为63. 20．解析：因为4S ＝b 2＋c 2－a 2，cos A ＝b 2＋c 2－a 22bc，S ＝12bc sin A ，所以2bc sin A ＝2bc cos A ， 显然cos A ≠0，所以tan A ＝1，又A ∈⎝⎛⎭⎪⎫0，π2 ，所以A ＝π4 . 若选择①，由2cos 2B ＋cos2B ＝0得， cos 2B ＝14. 又B ∈⎝⎛⎭⎪⎫0，π2 ，∴B ＝π3 ， 由a sin A ＝b sin B 得，a ＝b sin A sin B ＝6×2232＝2. 又sin C ＝sin [π－(A ＋B )]＝sin (A ＋B )＝sin A cos B ＋cos A sin B ＝22 ×12 ＋22 ×32 ＝6＋24 ， 所以S ＝12 ab sin C ＝3＋32. 若选择②，b cos A ＋a cos B ＝3 ＋1，则b cos A ＋a cos B ＝b ·b 2＋c 2－a 22bc ＋a ·a 2＋c 2－b 22ac ＝b 2＋c 2－a 22c ＋a 2＋c 2－b 22c ＝c ＝3 ＋1，所以S ＝12 bc sin A ＝12 ×6 ×(3 ＋1)×22 ＝3＋32. 21．解析：(1)存在．如图所示：连接AC ，BP ，设AC 交BP 于点F ，∵CP ∥AB ，且CP ＝12AB ， ∴CF CA ＝PF PB ＝13. 取DC 的三等分点E ，使CE CD ＝13，连接EF ，PE ，BE ，则EF ∥AD ， 又EF ⊂平面PBE ，AD ⊄平面PBE ，∴AD ∥平面PBE .故存在满足条件的点E ，且E 是线段CD 上靠近点C 的三等分点．(2)在矩形ABCD 中，AP ＝BP ＝2 ，AB ＝2，∴AP 2＋BP 2＝AB 2，∴AP ⊥BP ，又平面ADP ⊥平面ABCP ，BP ⊂平面ABCP ，平面ADP ∩平面ABCP ＝AP ，∴BP ⊥平面ADP ，∴BP ⊥DP ，∴BD 2＝DP 2＋BP 2＝1＋2＝3.在△ADB 中，AB 2＝AD 2＋BD 2，∴AD ⊥DB ，又PD ⊥AD ，PD ⊂平面ADP ，BD ⊂平面ADB ，平面ADP ∩平面ADB ＝AD ，∴∠PDB 为二面角P AD B 的平面角，在Rt△PDB 中，cos ∠PDB ＝DP BD ＝13＝33 ，∴二面角P AD B 的余弦值为33. 22．解析：(1)f (x )＝m ·n ＝sin ωx ＋3 cos ωx ＝2(12 sin ωx ＋32cos ωx )＝2sin ⎝⎛⎭⎪⎫ωx ＋π3 . ∵f (x )图象上的一个最高点为P ⎝ ⎛⎭⎪⎫π12，2 ，与P 最近的一个最低点的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫7π12，－2 ， ∴T 2 ＝7π12 －π12 ＝π2，∴T ＝π， 又ω>0，∴ω＝2πT＝2. ∴f (x )＝2sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x ＋π3 . (2)当x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤0，π2 时，π3 ≤2x ＋π3 ≤4π3 ， 由f (x )＝2sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x ＋π3 的图象(图略)可知， 当a ∈[3 ，2)时，f (x )＝a 在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤0，π2 上有两解； 当a ∈[－3 ，3 )或a ＝2时，f (x )＝a 在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤0，π2 上有一解； 当a <－3 或a >2时，f (x )＝a 在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤0，π2 上无解． (3)在锐角△ABC 中，0<B <π2 ，－π6 <π3 －B <π3， 又cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3－B ＝1，∴π3 －B ＝0，∴B ＝π3 . 在锐角△ABC 中，0<A <π2 ，A ＋B >π2， ∴π6 <A <π2 ，∴2π3 <2A ＋π3 <4π3， ∴sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2A ＋π3 ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫－32，32 ， ∴f (A )＝2sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2A ＋π3 ∈(－3 ，3 ). ∴f (A )的取值范围是(－3 ，3 ).GS －2。
鲁科版高中化学选择性必修2模块综合测试含答案
模块综合测评一、选择题(本题共10小题,每小题2分,共20分。
每小题只有一个选项符合题目要求)1.化学与生产、生活、科技等密切相关。
下列说法正确的是()A.冬奥会部分场馆建筑应用了新材料碲化镉发电玻璃,碲和镉均属于过渡元素B.近年来的材料新宠——石墨烯,其与金刚石互为同位素C.用干冰作为制冷剂,干冰升华过程中破坏了共价键D.焰火、激光都与原子核外电子跃迁释放能量有关2.2021年诺贝尔化学奖颁给了“在不对称催化方面”做出突出贡献的两位科学家,脯氨酸()是不对称有机催化剂中的一种。
下列关于脯氨酸分子的说法错误的是()A.该分子为极性分子B.分子中所有原子可能共面C.分子中存在手性碳原子D.可形成分子内氢键3.下列说法正确的是()A.p-p σ键电子云轮廓图:B.基态铜原子的价电子轨道表示式:C.Fe3+的离子结构示意图:D.某原子核外电子排布式为n s2n p7,它违背了泡利不相容原理4.下列关于原子核外电子排布与元素在周期表中位置关系的表述正确的是()A.基态原子的N层上只有一个电子的元素,一定是ⅠA族元素B.原子的价电子排布为(n-1)d6~8n s2的元素一定是d区元素C.有三个未成对电子的原子一定属于主族元素D.基态原子的价电子排布为(n-1)d x n s y的元素的族序数一定为x+y5.下列说法正确的是()A.凡AB3型的共价化合物,其中心原子A均采取sp3杂化B.著名的硫氮化合物分子(如图所示)中只含有极性共价键C.CO2、HClO、HCHO分子中都既有σ键又有π键D.C—H键比Si—H键的键长短,故CH4比SiH4更稳定6.某种具有高效率电子传输性能的有机发光材料的结构简式如图所示。
下列关于该材料组成元素的说法错误的是()A.五种组成元素中有四种元素位于p区且均位于同一周期B.原子半径:Al>C>N>O>HC.简单氢化物的稳定性:H2O>NH3>CH4D.基态N原子核外有7种运动状态不同的电子7.FeSO4·7H2O失水后可转化为FeSO4·6H2O(结构如图)。
人教版高中物理选择性必修第二册课后习题 模块综合测评
模块综合测评(满分:100分)一、单项选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.关于生活中遇到的各种波,下列说法正确的是( )A.电磁波能传递信息,声波不能传递信息B.手机在通话时涉及的波既有电磁波又有声波C.太阳光中的可见光和医院“B超”中的超声波传播速度相同D.遥控器发出的红外线波长和医院“CT”中的X射线波长相同2.(山东枣庄高二期末)第五代移动通信技术(简称5G)因采用了更高的频率,其频谱资源是4G的10倍以上,速率提高了近100倍。
5G具有高速率、低延时和大连接的特点。
下列说法正确的是( )A.LC振荡电路的LC乘积越小,振荡电路产生的电磁波频率就越高B.真空中,电磁波的频率越高,其传播速度就越大C.5G中高频电磁波的波长要短于可见光的波长D.把声音信号加到高频电磁波中,这个过程叫解调3.如图所示,磁电式仪表的线圈通常用铝框做骨架,把线圈绕在铝框上,这样做的目的是( )A.使线圈偏转角度更大B.使线圈偏转后慢慢停下来C.起电磁阻尼的作用D.起电磁驱动的作用4.(山东日照高二期末)某种质谱仪原理图如图所示,由加速电场、静电分析器和磁分析器组成。
若静电分析器通道中心线(图中虚线圆弧)的半径为R,通道内存在均匀辐射电场,中心线处的电场强度大小为E,磁分析器有垂直纸面向外、范围足够大的有界匀强磁场。
让氢元素的两种同位素氕核(11H)和氘核(12H)分别从静止开始经加速电场加速后沿中心线通过静电分析器,由狭缝P垂直边界进入磁分析器,最终打到胶片上。
不计粒子重力,下列说法正确的是( )A.加速电场的电压与电场强度应满足U=ERB.氕核和氘核会打在胶片上的同一位置C.氕核和氘核打到胶片的位置到狭缝P的距离之比为1∶√2D.氕核和氘核打到胶片的位置到狭缝P的距离之比为1∶√35.(江西赣州高二期中)MN、PQ为水平放置、间距为0.5 m的平行导轨,左端接有如图所示的电路。
2019-2020学年高中数学(苏教版必修2)同步文档：章末综合测评(一) 立体几何初步 Word版含解析
章末综合测评(一) 立体几何初步(时间120分钟，满分160分)一、填空题(本大题共14小题，每小题5分，共70分．请把答案填写在题中横线上) 1．给出下列命题：(1)若两个平面平行，那么其中一个平面内的直线一定平行于另一个平面； (2)若两个平面平行，那么垂直于其中一个平面的直线一定垂直于另一个平面； (3)若两个平面垂直，那么垂直于其中一个平面的直线一定平行于另一个平面； (4)若两个平面垂直，那么其中一个平面内的直线一定垂直于另一个平面． 其中真命题的序号为__________．【解析】 (1)因为两个平面平行，所以两个平面没有公共点，即其中一个平面内的直线与另一个平面也没有公共点，由直线与平面平行的判定定理可得直线与该平面平行，所以(1)正确．(2)因为该直线与其中一个平面垂直，那么该直线必与其中两条相交直线垂直，又两个平面平行，故另一个平面也必定存在两条相交直线与该直线垂直，所以该直线与另一个平面也垂直，故(2)正确．(3)错，反例：该直线可以在另一个平面内．(4)错，反例：其中一个平面内也存在直线与另一个平面平行． 综上：(1)(2)为真命题． 【答案】 (1)(2)2．在直四棱柱ABCD －A 1B 1C 1D 1中，当底面四边形ABCD 满足条件________时，有A 1C ⊥B 1D 1(注：填上你认为正确的一种即可，不必考虑所有可能的情形)．【解析】 若有AC ⊥BD ，则A 1C 1⊥B 1D 1. 又∵CC 1⊥B 1D 1，A 1C 1∩CC 1＝C 1，∴B 1D 1⊥平面A 1C 1C ，∴B 1D 1⊥A 1C ，故条件可填AC ⊥BD . 【答案】 AC ⊥BD (答案不唯一)3．棱长为1的正四面体内有一点P ，由点P 向各个面引垂线，垂线段分别为d 1，d 2，d 3，d 4，则d 1＋d 2＋d 3＋d 4的值为________．【解析】 设四面体的高为h ，则h ＝12－⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫23×32×12＝63，13Sh ＝13S (d 1＋d 2＋d 3＋d 4)， ∴d 1＋d 2＋d 3＋d 4＝h ＝63.【答案】 634．体积为52的圆台，一个底面积是另一个底面积的9倍，那么截得这个圆台的圆锥的体积为__________．【解析】 设圆锥的体积为x ，则x －52x ＝⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫133，解得x ＝54.【答案】 545．已知正四棱锥O －ABCD 的体积为322，底面边长为3，则以O 为球心，OA 为半径的球的表面积为________.【导学号：41292058】【解析】 V 四棱锥O －ABCD ＝13×3×3h ＝322，得h ＝322，∴OA 2＝h 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫AC 22＝184＋64＝6.∴S 球＝4πOA 2＝24π. 【答案】 24π6．若l ，m 是两条不同的直线，m 垂直于平面α，则“l ⊥m ”是“l ∥α”的________条件． 【解析】 ∵m ⊥α，若l ∥α，则必有l ⊥m ，即l ∥α⇒l ⊥m . 但l ⊥mD ⇒/l ∥α，∵l ⊥m 时，l 可能在α内． 故“l ⊥m ”是“l ∥α”的必要而不充分条件． 【答案】 必要不充分7．如图1所示，在正方体ABCD －A 1B 1C 1D 1中，M ，N 分别是棱AA 1和AB 上的点，若∠B 1MN 是直角，则∠C 1MN 等于________．图1【解析】 ∵B 1C 1⊥平面A 1ABB 1， MN ⊂平面A 1ABB 1，∴B 1C 1⊥MN ，又∠B 1MN 为直角． ∴B 1M ⊥MN ，而B 1M ∩B 1C 1＝B 1.∴MN ⊥平面MB 1C 1.又MC 1⊂平面MB 1C 1， ∴MN ⊥MC 1，∴∠C 1MN ＝90°. 【答案】 90°8．设l 为直线，α，β是两个不同的平面．下列命题中正确的是________．①若l ∥α，l ∥β，则α∥β；②若l ⊥α，l ⊥β，则α∥β；③若l ⊥α，l ∥β，则α∥β；④若α⊥β，l ∥α，则l ⊥β.【解析】 对于①，若l ∥α，l ∥β，则α和β可能平行也可能相交，故错误； 对于②，若l ⊥α，l ⊥β，则α∥β，故正确； 对于③，若l ⊥α，l ∥β，则α⊥β，故错误；对于④，若α⊥β，l ∥α，则l 与β的位置关系有三种可能：l ⊥β，l ∥β，l ⊂β，故错误．故选②.【答案】 ②9．如图2，在空间四边形ABCD 中，E ，H 分别是AB ，AD 的中点，F ，G 分别是CB ，CD 上的点，且CF CB＝CG CD＝23，若BD ＝6cm ，梯形EFGH 的面积为28cm 2，则平行线EH ，FG 间的距离为__________cm.图2【解析】 由题知，EH ＝12BD ＝3 cm ，FG ＝23BD ＝4 cm.设平行线EH ，FG 之间距离为d ，则12×(3＋4)×d ＝28，解得d ＝8 cm. 【答案】 810．在四棱锥P －ABCD 中，P A⊥平面ABCD ，且P A ＝AD ，四边形ABCD 是正方形，E 是PD 的中点，则AE 与PC 的位置关系为________．【解析】 易知CD ⊥AE ，AE ⊥PD ，则AE ⊥平面PCD ，所以AE ⊥PC . 【答案】 垂直11．正方体ABCD －A 1B 1C 1D 1中，过点A 作平面A 1BD 的垂线，垂足为点H .以下结论中，错误的是________．①点H 是△A 1BD 的垂心； ②AH ⊥平面CB 1D 1； ③AH 的延长线经过点C 1； ④直线AH 和BB 1所成的角为45°.【解析】 因为AH ⊥平面A 1BD ，BD ⊂平面A 1BD ， 所以BD ⊥AH .又BD ⊥AA 1，且AH ∩AA 1＝A . 所以BD ⊥平面AA 1H . 又A 1H ⊂平面AA 1H .所以A 1H ⊥BD ，同理可证BH ⊥A 1D ， 所以点H 是△A 1BD 的垂心，①正确． 因为平面A 1BD ∥平面CB 1D 1， 所以AH ⊥平面CB 1D 1，②正确．易证AC 1⊥平面A 1BD .因为过一点有且只有一条直线与已知平面垂直，所以AC 1和AH 重合．故③正确．因为AA 1∥BB 1，所以∠A 1AH 为直线AH 和BB 1所成的角． 因为∠A 1AH ≠45°，故④错误． 【答案】 ④12．如图3所示，直线P A 垂直于⊙O 所在的平面，△ABC 内接于⊙O ，且AB 为⊙O 的直径，点M 为线段PB 的中点．现有结论：图3①BC⊥PC；②OM∥平面APC；③点B到平面P AC的距离等于线段BC的长．其中正确的序号是________．【解析】对于①，∵P A⊥平面ABC，∴P A⊥BC，∵AB为⊙O的直径，∴BC⊥AC，∴BC⊥平面P AC.又PC⊂平面P AC，∴BC⊥PC，故①正确；对于②，∵点M为线段PB的中点，∴OM∥P A.∵P A⊂平面P AC，∴OM∥平面P AC，故②正确；对于③，由①知BC⊥平面P AC，∴线段BC的长即是点B到平面P AC的距离，故③正确．【答案】①②③13．将正方形ABCD沿对角线BD折成直二面角A－BD－C，有如下四个结论：①AC⊥BD；②△ACD是等边三角形；③二面角A－BC－D的度数为60°；④AB与CD所成的角是60°.其中正确结论的序号是________．【解析】如图(1)(2)所示，取BD的中点O，连结AO，OC，易知AO⊥BD且CO⊥BD，AO∩OC＝O，故BD⊥平面AOC，∴BD⊥AC，故①正确．设正方形ABCD 的边长为1，易知AO ＝OC ＝22.又由题意可知∠AOC ＝90°，故AC ＝1.所以AC ＝AD ＝DC ，所以△ACD 是等边三角形，故②正确．取BC 的中点E ，连结OE ，AE ，则∠AEO 即为二面角A －BC －D 的平面角， ∴tan ∠AEO ＝AOOE＝2，(3)故③不正确．对于④，如图(3)所示，取AC 的中点F ，连结OF ，EF ，OE ，则OE∥CD ，EF∥AB ，则∠FEO 即为异面直线AB 与CD 所成的角．又在△AOC 中，OF ＝12，故EF ＝OE ＝OF ，∴AB 与CD 所成的角为60°，故④正确．综上可知①②④正确． 【答案】 ①②④14．如图4所示，三棱锥A －BCD 的底面是等腰直角三角形，AB ⊥平面BCD ，AB ＝BC ＝BD ＝2，E 是棱CD 上的任意一点，F ，G 分别是AC ，BC 的中点，则在下面命题中：①平面ABE ⊥平面BCD ； ②平面EFG ∥平面ABD ；③四面体FECG体积的最大值是1 3 .其中为真命题的是__________．(填序号)【导学号：41292059】图4【解析】①正确，因为AB⊥平面BCD，且AB⊂平面ABE，由面面垂直的判定定理可知平面ABE⊥平面BCD；②错，若两平面平行，则必有AD∥EF，而点E是棱CD上任意一点，故该命题为假命题；③正确，由已知易得GF⊥平面GCE，且GF＝12AB＝1，而S△GCE＝12GC·CE·sin45°＝24CE≤1，故V F－GCE＝13S△GCE·FG≤13.故正确的命题为①③.【答案】①③二、解答题(本大题共6小题，共90分．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)图515．(本小题满分14分)如图5，正方体ABCD－A′B′C′D′的棱长为a，连结A′C′，A ′D，A′B，BD，BC′，C′D，得到一个三棱锥．求：(1)三棱锥A′－BC′D的表面积与正方体表面积的比值；(2)三棱锥A′－BC′D的体积．【解】(1)∵ABCD－A′B′C′D′是正方体，∴六个面是互相全等的正方形，∴A′C′＝A′B＝A′D＝BC′＝BD＝C′D＝2a，∴S 三棱锥＝4×34×(2a )2＝23a 2，S 正方体＝6a 2，∴S 三棱锥S 正方体＝33. (2)显然，三棱锥A ′－ABD ，C ′－BCD ，D －A ′D ′C ′，B －A ′B ′C ′是完全一样的， ∴V 三棱锥A ′－BC ′D ＝V 正方体－4V 三棱锥A ′－ABD ＝a 3－4×13×12a 2×a ＝13a 3.16．(本小题满分14分)如图6所示，长方体ABCD －A 1B 1C 1D 1中，M ，N 分别为AB ，A 1D 1的中点，判断MN 与平面A 1BC 1的位置关系，并说明理由．图6【解】 直线MN ∥平面A 1BC 1. 证明如下：∵M ∉平面A 1BC 1，N ∉平面A 1BC 1. ∴MN ⊄平面A 1BC 1. 如图，取A 1C 1的中点O 1， 连结NO 1，BO 1.∵NO 1綊12D 1C 1，MB 綊12D 1C 1，∴NO 1綊MB ， ∴四边形NO 1BM 为平行四边形， ∴MN ∥BO 1.又∵BO 1⊂平面A 1BC 1， ∴MN ∥平面A 1BC 1.17．(本小题满分14分)如图7，圆锥的轴截面SAB 为等腰直角三角形，Q 为底面圆周上一点．图7(1)若QB 的中点为C ，求证：平面SOC ⊥平面SBQ ； (2)若∠AOQ ＝120°，QB ＝3，求圆锥的表面积．【解】 (1)∵SQ ＝SB ，OQ ＝OB ，C 为QB 的中点， ∴QB ⊥SC ，QB ⊥OC . ∵SC ∩OC ＝C ， ∴QB ⊥平面SOC . 又∵QB ⊂平面SBQ ， ∴平面SOC ⊥平面SBQ . (2)∵∠AOQ ＝120°，QB ＝3，∴∠BOQ ＝60°，即△OBQ 为等边三角形， ∴OB ＝3.∵△SAB 为等腰直角三角形，∴SB ＝6，∴S 侧＝3·6π＝32π， ∴S 表＝S 侧＋S 底＝32π＋3π＝(3＋32)π.图818．(本小题满分16分)如图8所示，ABCD 是正方形，O 是正方形的中心，PO ⊥底面ABCD ，底面边长为a ，E 是PC 的中点．(1)求证：P A ∥平面BDE ； (2)求证：平面P AC ⊥平面BDE ；(3)若二面角E －BD －C 为30°，求四棱锥P －ABCD 的体积． 【解】 (1)证明：连结OE ，如图所示．∵O ，E 分别为AC ，PC 的中点， ∴OE ∥P A .∵OE ⊂平面BDE ，P A ⊄平面BDE ，∴P A ∥平面BDE . (2)证明：∵PO ⊥平面ABCD ，∴PO ⊥BD . 在正方形ABCD 中，BD ⊥AC . 又∵PO ∩AC ＝O ，∴BD ⊥平面P AC .又∵BD ⊂平面BDE ，∴平面P AC ⊥平面BDE . (3)取OC 中点F ，连结EF .∵E 为PC 中点， ∴EF 为△POC 的中位线，∴EF ∥PO . 又∵PO ⊥平面ABCD ，∴EF ⊥平面ABCD ， ∴EF ⊥BD ，∵OF ⊥BD ，OF ∩EF ＝F ，∴BD ⊥平面EFO ， ∴OE ⊥BD ，∴∠EOF 为二面角E －BD －C 的平面角， ∴∠EOF ＝30°.在Rt △OEF 中，OF ＝12OC ＝14AC ＝24a ，∴EF ＝OF ·tan 30°＝612a ，∴OP ＝2EF ＝66a .∴V P －ABCD ＝13×a 2×66a ＝618a 3.19．(本小题满分16分)如图9，在四棱锥P －ABCD 中，底面ABCD 是正方形，P A ⊥平面ABCD ，E 是PC 的中点，F 为线段AC 上一点.【导学号：41292060】(1)求证：BD ⊥EF ； (2)若EF ∥平面PBD ，求AFFC 的值．图9【解】(1)因为P A⊥平面ABCD，BD⊂平面ABCD，所以P A⊥BD.又四边形ABCD是正方形，所以AC⊥BD.又P A∩AC＝A，所以BD⊥平面P AC.又EF⊂平面P AC，所以BD⊥EF.(2)设AC与BD交于点O，连结PO.因为EF∥平面PBD，平面P AC∩平面PBD＝PO，且EF⊂平面P AC，所以EF∥PO.又E 是PC的中点，所以OF＝FC，所以AF＝3FC，即AFFC＝3.20．(本小题满分16分)如图10(1)，在Rt△ABC中，∠C＝90°，D，E分别为AC，AB的中点，点F为线段CD上的一点，将△ADE沿DE折起到△A1DE的位置，使A1F⊥CD，如图10(2)．(1) (2)图10(1)求证：DE∥平面A1CB；(2)求证：A1F⊥BE；(3)线段A1B上是否存在点Q，使A1C⊥平面DEQ.说明理由．【解】(1)证明：∵D，E分别为AC，AB的中点，∴DE∥BC.又∵DE⊄平面A1CB，BC⊂平面A1CB，∴DE∥平面A1CB.(2)证明：由已知得AC⊥BC且DE∥BC，∴DE⊥AC，∴DE⊥A1D，DE⊥CD，A1D∩CD＝D，∴DE⊥平面A1DC，而A1F⊂平面A1DC，∴DE⊥A1F.又∵A1F⊥CD，DE∩CD＝D，∴A1F⊥平面BCDE，BE⊂平面BCDE，∴A1F⊥BE.(3)线段A1B上存在点Q，使A1C⊥平面DEQ.理由如下：如图，分别取A1C，A1B的中点P，Q，则PQ∥BC. 又∵DE∥BC，∴DE∥PQ，∴平面DEQ即为平面DEP.由(2)知，DE⊥平面A1DC，A1C⊂平面A1DC，∴DE⊥A1C.又∵P是等腰三角形DA1C底边A1C的中点，∴A1C⊥DP.又DE∩DP＝D，∴A1C⊥平面DEP.从而A1C⊥平面DEQ.故线段A1B上存在点Q(中点)，使得A1C⊥平面DEQ.。
2020-2021生物2阶段综合测评1(第1～2章)含解析
2020-2021学年新教材人教版生物必修2阶段综合测评1（第1～2章）含解析阶段综合测评(一)(第1～2章）（时间：90分钟满分:100分）一、选择题(每题2分，共25小题,共50分)1．下列有关一对相对性状遗传的叙述，正确的是（)A．在一个生物群体中,若仅考虑一对常染色体上的等位基因，可有4种不同的交配类型B．最能说明基因分离定律实质的是F2的表型比例为3∶1C．若要鉴别和保留纯合的抗锈病（显性）小麦，最简便易行的方法是自交D．通过测交可以推测被测个体产生配子的数量C[若仅考虑一对常染色体上的等位基因,可能有6种不同的交配类型,分别为AA×AA(Aa、aa），Aa×Aa（aa），aa×aa，A 项错误。
最能说明基因分离定律实质的是F1产生两种不同类型的配子,B项错误。
自交是鉴别和保留纯合子的最简便方法，C项正确。
测交可以推测被测个体的基因型，不能推测配子的数量,D项错误。
]2．（不定项)有些植物的花为两性花（即一朵花中既有雄蕊，也有雌蕊)，有些植物的花为单性花（即一朵花中只有雄蕊或雌蕊）。
下列有关植物人工杂交的说法中，正确的是（）A．对两性花的植物进行杂交需要对母本进行去雄B．对单性花的植物进行杂交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋C．无论是两性花植物还是单性花植物，在杂交过程中都需要套袋D．提供花粉的植株称为母本AC[对两性花的植物进行杂交需要对母本进行去雄；对单性花的植物进行杂交的基本操作程序是套袋→授粉→套袋；无论是两性花植物还是单性花植物,在杂交过程中都需要套袋，其目的是避免外来花粉的干扰；提供花粉的植株称为父本，接受花粉的植株称为母本.]3．孟德尔利用假说—演绎法发现了两大遗传规律,下列相关叙述不正确的是()A．“两对相对性状的遗传实验和结果”属于假说内容B．先研究一对相对性状的遗传，再研究两对或者多对相对性状的遗传C．“测交实验”是对推理过程及结果的检测D．“F1(YyRr）能产生数量相等的四种配子"属于推理内容A[“两对相对性状的遗传实验和结果"是观察和分析的内容，孟德尔由此发现了存在的问题进而提出了解释问题的假说，A错误;孟德尔进行杂交实验时，先研究一对相对性状的遗传，再研究两对或者多对相对性状的遗传，B正确;“测交实验”是根据假说进行演绎推理，对测交实验的结果进行理论预测，看真实的实验结果与理论预期是否一致，以此证明假说是否正确,C正确；“F1(YyRr)能产生数量相等的四种配子"是无法直接看到的,属于推理内容，D正确。
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必修2综合测评（一）一、选择题Ⅰ：在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意2007年10月15～21日，中国共产党第十七次全国代表大会在北京召开。
这次大会高举旗帜、继往开来、求真务实，对于全党全国各族人民统一思想、明确方向、鼓舞斗志，共同为夺取全面建设小康社会新胜利、开创中国特色社会主义事业新局面而奋斗具有十分重大的意义。
据此回答第1～2题。
1．党的十七大报告指出：构建社会主义和谐社会，关键在党。
这是因为( )A．中国共产党的宗旨是全心全意为人民服务 B．中国共产党是我国的执政党，是社会主义事业的领导核心C．中国共产党能够实行强有力的宏观调控 D．党为构建社会主义和谐社会提供物质保证2．党的十七大报告提出，基层民主必须作为发展社会主义民主政治的基础性工程重点推进。
下列做法中，体现人民群众当家作主的是( )①健全农村民主选举、民主决策、民主管理、民主监督制度②搞好村民自治，推进村务公开③发挥农村的人力资源优势，全面提高农村劳动者素质④保障人民群众的知情权、参与权、表达权、监督权A．①②③B．②③④C．①③④D．①②④某镇政府为改造公路，共拆除群众房屋33幢，砍伐果树680棵，没有发生一起群众上访事件。
全镇自来水水价调高了20%～30%，群众和企业却普遍表示满意。
这一切，都归功于镇政府的一项创新之举──实行决策听证会制度。
据此回答第3～4题。
3．实行政务听证会制度表明( )A．我国公民享有充分的政治自由B．人民群众的民主权利得到了充分尊重C．人民直接行使国家权力D．听证会制度是我国的根本政治制度4．实行听证会制度，有利于( )①提高决策的民主化与科学化②增强人们的参与意识和提高公民的主人翁意识③体现公众的知情权和参与决策权④体现民主的阶级性A．①②③B．②③④C．①②④D．①③④2008年1月下旬，一场罕见的低温雨雪冰冻灾害给南方数省人民的生产和生活带来了极大的困难，也牵动着亿万人的心。
据此回答第5～6题。
5．2008年1月28日，温家宝总理立即赶赴重灾区湖南视察。
这体现了( )A．政府维护公民的一切利益B．政府体察民情，对人民负责C．政府坚持依法行政的原则D．政府在依法履行管理职责6．2008年2月1日，武汉市政府转发省政府办公厅文件，要求各地要积极为因大雪而滞留的旅客、司机提供饮食和医疗等帮助，同时还要求各地政府，将雨雪天气情况、采取的各项应对措施、造成的损失特别是道路受阻情况，及时通过新闻媒体向社会公布，并提醒群众尽量减少长距离出行。
这体现了政府( )A．转变职能，政府性质在逐渐改变B．恪守职责，政府职能日益多样C．以人为本，以为人民服务为宗旨D．执政为民，政府权力不断扩大7．2007年11月15日，国务院新闻办公室发表的《中国的政党制度》白皮书指出：“中国共产党与各民主党派形成了团结合作的新型政党关系。
”要巩固团结合作的新型政党关系必须( )①提高各民主党派的执政水平和执政能力②各民主党派自觉接受中国共产党的政治领导、组织领导③坚持以宪法和法律作为各党派的根本活动准则④发挥人民政协的政治协商、民主监督、参政议政职能A．①②B．③④C．①④D．②④8．2007年是内蒙古自治区成立60周年，也是我国实行民族自治制度60周年。
8月8日，国家副主席率中央代表团赴内蒙古自治区参加了庆祝活动，并向内蒙古赠送了由胡锦涛总书记亲笔题写鼎名的“民族团结宝鼎”。
中央向内蒙古自治区赠送“民族团结宝鼎”表明( )A．国家致力于加强民族团结 B．我国各民族在政治权利、社会地位上彻底实现了平等C．各民族发展不平衡的问题已经解决 D．内蒙古自治区享有高度自治权我国首颗绕月探测卫星“嫦娥一号”于2007年10月24日发射升空后，顺利进入绕月轨道并传回月球三维影像。
这标志着我国首次月球探测工程取得圆满成功。
这是我国航天事业发展的又一座里程碑，标志着我国正式跨入世界上少数具有深空探测能力国家行列。
据此回答第9～10题。
9．除中国之外，美国、日本、俄罗斯、印度等国也宣布或正着手进行各自的探月工程。
各国探月工程能否成功最终取决于( )A．各国以经济和科技为基础的综合国力 B．自身的国家利益C．一个国家在国际社会中的重要地位 D．各国能否把经济和科技作为参与竞争的重点10．中国自始至终坚持和平利用太空，在坚持自主创新的基础上，鼓励开展国际合作，以促进全人类对空间科学的认识。
这表明( )①独立自主是我国外交政策的基本立场②促进世界和平与发展是我国外交政策的基本目标之一③和平共处五项原则是我国外交政策的基本准则④维护和发展国家间的共同利益是我国外交政策的根本目的A．①②③B．①②④C．①③④D．②③④11．2008年5月1日起实施的《政府信息公开条例》明确规定，行政机关应主动将政府信息通过政府公报、政府网站、新闻发布会以及报刊、广播、电视等便于公众知晓的方式公开。
该条例的贯彻落实( )①更好地体现了我国政府的性质和职能②更好地维护了公民的知情权、参与权和监督权③政府可以为公民提供全方位的公共服务④体现了我国民主的真实性和广泛性A．①②③ B．①②④C．①③④D．②③④二、选择题Ⅱ：在每小题给出的四个选项中，有两项或两项以上符合题意12．政府执法工作做得如何，群众心里最清楚。
某市推出监督听证会，让市民和政府针对城市市容和环境卫生管理规定的执行情况展开面对面的对话。
一位市民说：“这种面对面的监督，才是实实在在的民主，实实在在的监督。
”这表明( )A．发扬民主有利于改进国家机关及其工作人员的工作B．政府推出监督听证会，扩大了公民的政治参与，丰富了民主形式C．我国公民行使监督权有了物质保障D．监督听证会是提高政府工作人员管理水平和服务意识的唯一方式13．目前，全国不少地方都在对“决策失误”痛下“杀手锏”，并出台了一些可借鉴的好办法，如湖北省某市推行《领导干部失误赔偿制度》等。
让决策者为“决策失误”买单( )A．可以有效防止滥用权力，最大限度地避免和减少决策中的失误 B．可以使政府的决策得到全体公民的认可C．有利于政府履行职能，维护人民利益D．有利于促进政府决策民主化、科学化14．2007年9月19日，审计署发布2007年第6号审计结果公告，公布了外交部、国家发改委、最高人民法院等49个中央部门单位2006年度预算执行和其他财政收支审计结果。
审计署公布的政府审计报告曝光了大量问题，在社会上引起了“风暴”般的效应。
温家宝总理指示，对审计中发现的问题，要“认真整改，坚决纠正，对违法违纪人员要追究责任，并严肃处理”。
总理的指示说明( ) A．为人民服务是我国政府的宗旨，对人民负责是我国政府工作的基本原则B．我国政府是人民意旨的执行者和人民利益的捍卫者C．我国政府已使人民求助有门，投诉有道 D．我国政府违法违纪现象特别严重从2007年下半年开始，我国县、乡两级人大换届选举陆续进行，这是社会主义民主一次最广泛、最深刻的实践。
在县、乡和不设区的市试行普选人大代表，在设区的市和省以上实行间接选举，并且不断扩大差额选举。
据此回答第15～16题。
15．实行差额选举的意义在于( )A．为选民行使选举权提供了更多的选择余地 B．在被选举人之间形成了相互竞争C．有利于保证当选者结构的合理性 D．能彻底杜绝选举中的虚假宣传和贿赂选民现象16．在这次换届选举中，各级党委普遍采取设置举报箱、开通“12380”举报电话、派出督查组等多种方式，对换届工作进行全程监督，严厉查处选举中的不正之风。
这表明( )A．选举能充分了解候选人，当选代表能依法行使代表权 B．中国共产党领导、支持、保证人民当家作主C．我国的基层民主已实现制度化、规范化和程序化 D．中国共产党为人民执政，靠人民执政《中共中央关于构建社会主义和谐社会若干重大问题的决定》指出：“社会更加和谐”是本世纪头20年我国全面建设小康社会发展目标的重要内容。
据此回答第17～18题。
17．要构建和谐社会，对沿海地区来说，就要让外来务工者享受社会公共资源，政府要支付“和谐成本”。
如果只让外来工“作贡献”，不让他们分享公共资源，社会矛盾将会越来越大。
这说明在构建和谐社会中，政府必须( )A．重视和维护外来工的合法权益 B．认真履行社会公共服务职能C．认真履行市场监管职能 D．强化专政职能18．民间用传统拆字方式对和谐社会进行诠释：“禾”+“口”意味着“人人有饭吃”；“言”+“皆”意味着“个个能说话”。
要使“人人有饭吃，个个能说话”，党和国家( )A．应坚持以人为本，深入贯彻落实科学发展观 B．要坚持依法治国，保证人民当家作主C．必须依法保护公民的政治权利和自由 D．应始终把经济发展速度放在首位，增加就业19．2007年9月13日上午，国家预防腐败局成立新闻发布会暨揭牌仪式在监察部举行。
中央纪委副书纪、监察部部长、国家预防腐败局局长指出，国家预防腐败局要以加强对权力运行监督制约为重点，采取有效措施防止权力滥用。
要对权力进行有效制约和监督，必须（）A．发挥人民民主对权力的制约和监督B．加强法制对权力的制约和监督C．加强新闻舆论和社会公众监督D．建立健全制约和监督机制三、简答题20．2007年8月，国务院法制办公室对全国2000多个市县两级政府进行依法行政调查，调查内容涉及领导干部依法行政、规范性文件、依法决策、行政执法、政务公开等项目。
调查结果显示：超过70％以上的市县政府出台规范行政决策文件，依法决策、民主决策，告别“拍脑袋”决策；超过80％以上的市县政府出台行政执法责任规定，建立责任追究制度，建设责任政府；超过90％以上的市县政府实行政务公开，依法执法，建立“透明政府”，建立公平、公正、公开的执法制度。
（1）上述材料说明了什么政治现象?（2）运用有关知识，说说政府依法行政，建立责任追究制度的必要性。
21．上海市制定《上海市燃气管理条例》时，实行开门立法，使人民代表大会真正是人民行使国家权力的机关。
在上海市十二届人大常委会第三十九次会议上，委员们审议并表决通过的条例草案修改二稿，在新增加的九条修改意见中，禁止燃气企业以上门等形式向用户推销燃气器具和相关产品等五条意见来自市民听证人的意见。
民众反映：条例出台后，用气不再“受气”了。
结合材料谈谈你对“人民代表大会：人民行使国家权力的机关”的认识。
四、辨析题22．公民对政府机关及其工作人员实行民主监督，不起任何作用。
23．有人认为：“联合国在维护世界和平、促进世界发展方面具有不可替代的作用，中国是联合国安理会常任理事国，对世界和平与发展负有重大责任。
”辨题：中国必须全力参与和支持联合国的各项工作和活动。
五、分析说明题24．材料一胡锦涛总书记在党的十七大报告中指出：深入贯彻落实科学发展观，要求我们积极构建社会主义和谐社会……要按照民主法治、公平正义、诚信友爱、充满活力、安定有序、人与自然和谐相处的总要求和共同建设、共同享有的原则，着力解决人民最关心、最直接、最现实的利益问题，努力形成全体人民各尽其能、各得其所而又和谐相处的局面，为发展提供良好社会环境。