湖北省武汉市部分学校2020届高三5月摸底检测理科数学试题(含答案)

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2020年湖北省高三(5月)调研模拟考试数学(理)试题及答案

2020年湖北省高三(5月)调研模拟考试数学(理)试题及答案

2020年湖北省高三(5月)调研模拟考试理科数学试卷 2020.5一、选择题:本大题共12小题.每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.复数i i-+12的共轭复数是 A .i 2321- B .i 2321+ C .i 2321-- D .i 2321+-2.已知集合{}0322<--=x x x A ,非空集合{}a x a x B +<<-=12,A B ⊆,则实数a 的取值范围为 A .]2,(-∞ B .]2,21( C .)2,(-∞ D .)2,21( 3.已知直线l 过圆062622=+--+y x y x 的圆心且与直线01=++y x 垂直,则l 的方程是 A .02=-+y x B .03=-+y x C .02=--y x D .03=--y x4.我国古代的天文学和数学著作《周髀算经》中记载:一年有二十四个节气,每个节气晷(gui )长损益相同(晷是按照日影测定时刻的仪器.晷长即为所测量影子的长度).夏至、小暑、大暑、立秋、处暑、白露、秋分、寒露、霜降、立冬、小雪、大雪是连续十二个节气,其日影子长依次成等差数列.经记录测算,夏至、处暑、霜降三个节气日影子长之和为16.5尺,这十二节气的所有日影子长之和为84尺,则夏至的日影子长为A .0.5尺B . 1尺C .1.5尺D . 2尺5.函数xx xx x f cos 122ln2sin )(++-⋅=ππ在)2,2(ππ-的图像大致为6.如图的程序框图中,若输人a ,n 的值分别为2,3,且输出T 的值为5 ,则空白框中应填入A .k<nB .k ≤nC .k-1≤nD .k+1 < n7.△ABC 中,点D 为BC 的中点,3=,M 为AD 与CE 的交点,若),(R y x y x ∈+=,则y x -=A .1-B .21 C .43D .1 9.甲、乙、丙、丁戊五人等可能分配到A 、B 、C 三个工厂工作,每个工厂至少一人,则甲、乙两人不在同一工厂工作的概率为 A .2512 B .2513 C .2518 D .25199.已知R c b a ∈,,.满足0ln 2ln 2ln 3<-==ca b ca b .则a ,b ,c 的大小关系为 A .b a c >> B .b c a >> C .a b c >> D .c a b >> 10.在棱长为1的正四面体ABCD 中,M 为AD 上的一-点且AM=31AD .N 为AC 中点,则点A 到平面BMN 的距离为 A .510 B .55 C .1010 D .105 11.已知)0(sin )()(>--=-a x e e a x f xxπ存在唯一零点,则实数a 的取值范围 A .),2(+∞πB .),2[+∞πC .),21(+∞D .),21[+∞ 12.已知函数)0)(3sin()(>-=ωπωx x f 在],0[π有且仅有4个零点,有下述三个结论:①ω的取值范围为)313,310[;②)(x f 在)265,0(π单调递增; ③若21211)(2)(2x x x f x f ≠==,,则21x x +的最小值为134π 以上说法正确的个数为A .0B .1C .2D .3 二.填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分. 13.二项式9)21(xx -的展开式中,常数项为 . 14.已知数列{}n a 的前项和为*N n S n ∈,满足11211==++S S S n n ,,则数列{}n a 的通项公式为 . 15.某校随机抽取100名同学进行“垃圾分类”的问卷测试,测试结果发现这100名同学的得分都在[50, 100]内,按得分分成5组:[50,60),[60,70),[70,80),[ 80,90),[90,100] ,得到如图所示的频率分布直方图,则估计这100名同学的得分的中位数为 .16.已知双曲线)0,0(12222>>=-b a by a x C :的左焦点)0,(1c F -关于直线03=+y x 的对称点P 在双曲线上.则双曲线C 的离心率为 .三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17题~第21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22题~第23题为选考题,考生根据要求作答. (一)必考题:共60分 17.(本小题满分12分)在△ABC 的内角A 、B 、C 的对边分别为a ,b ,c ,A=3π,422=+c b ,△ABC 的外接圆半径为R=1. (1)求△ABC 面积;(2)角A 的平分线AD 交BC 于D 点,求AD 长.18.(本小题满分12分)已知如图1直角△ABC 中,AC ⊥BC ,AC=6,BC=36,点D 为AB 的中点,BC=3BF ,将△ACD 沿CD 折起,使面ACD ⊥面BCD ,如图2. (1)求证:AC ⊥DF ;(2)求二面角C —AB —D 的余弦值.19.(本小题满分12分)如图,已知椭圆)0(12222>>=+b a by a x C :的左、右焦点分别为21F F 、,5221=F F ,Q 是y 轴的正半轴上一点,2QF 交椭圆于P ,且21PF PF ⊥,1PQF ∆的内切圆⊙M 半径为1. (1)求椭圆C 的标准方程;(2)若直线AB :m x y +=2和圆M 相切,且与椭圆C 交于A 、B 两点,求AB 的值..20.(本小题满分12分)甲、乙两厂均生产某种零件.根据长期检测结果:甲、乙两厂生产的零件质量(单位:g )均服从正态分布)(2σμ,N ,在出厂检测处,直接将质量在)33(σμσμ+-,之外的零件作为废品处理,不予出厂;其它的准予出厂,并称为正品.(1)出厂前,从甲厂生产的该种零件中抽取10件进行检查,求至少有1片是废品的概率;(2)若规定该零件的“质量误差”计算方式为:该零件的质量为xg ,则“质量误差”g x x 0-.按标准.其中“优等”、“一级”、“合格”零件的“质量误差”范围分别是)3.0,0[,)6.0,3.0[、]0.1,6.0[(正品零件中没有“质量误差”大于1.0g 的零件),每件价格分别为75元、65元、50元.现分别从甲、乙两厂生产的正品零件中随机抽取100件,相应的“质量误差”组成的样本数据如下表(用这个样本的频率分布估计总体分布,将频率视为概率):(i )记甲厂该种规格的2件正品零件售出的金额为X (元),求X 的分布列及数学期望E (X );(ii )由上表可知,乙厂生产的该规格的正品零件只有“优等”、“一级”两种,求5件该规格零件售出的金额不少于360元的概率.附:若随机变量),(~2σμN Z .则9974.0)33(=+<<-σμσμZ P ;9743.09974.010≈,4096.08.04=,32768.08.05=21.(本小题满分12分)已知R a ax x x f ∈-+=,1cos 2)(22π. (1)若0)(≥x f 恒成立.求a 的最大值0a ; (2)若2)12ln()(222πππ+-+=x x g ,取(1)中的0a ,当0a a =时,证明:2)()(≤-x f x g(二)选考题:共10分.请考生在22,23题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分.作答时写清题号.22. [选修4—4:坐标系与参数方程](10分)在直角坐标系中xOy ,曲线E 的参数方程为⎪⎩⎪⎨⎧+-=-=22sin 3sin 2cos sin 32ααααy x (α为参数),若以直角坐标系中的原点O 为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线F 的极坐标方程为t 2)4cos(=-πθρ(t为参数)(1)求曲线E 的普通方程和曲线F 的直角坐标方程; (2)若曲线E 与曲线F 有公共点,求t 的取值范围.23.[选修4 -5:不等式选讲](10分)已知函数01)(121)(>+--=x f x x x f ,的解集为M . (1)求M ;(2)若)0,2(-∈∈b M a ,,且b a <-2,证明:b b a a ++->-+224.。

2020年武汉高中毕业理科数学5月质量检测试卷(含答案)

2020年武汉高中毕业理科数学5月质量检测试卷(含答案)

武汉市2020届高中毕业生五月质量检测理科数学武汉市教育科学研究院命制本试卷共5页,23题(含选考题).全卷满分150分.考试用时120分钟.*祝考试顺利*注意事项:1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置.2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效3.非选择题的作答:用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内.写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.4.选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡指定的位置用2B铅笔涂黑.答案写在答题卡上对应的答题区域内,写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.5.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并上交.一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.Z + I I .巳知复数z满足—�=2 +1A.2 +i1 + i , 则复数z=B. 1 + 2i C. 3 +i 兀-12.已知集合A=l 幻�Ol ,B= lx l lxl <21, 则AnB=X +3D. 3 -2i A.!xi -2<无<11 B.j x l -3<父<21 C. I x i -2 <无::;;I I D. jxl -2:::;x�l I3.设等比数列la n I 的前n项和为S n ,a l =2,a 2 +2a 3 +a 4 =0, 则Ss =A.2B.0C. -2理科数学试卷第1页(共5页)D.-4武汉市2020届高中毕业生五月质噩检测理科数学参考答案及评分细则一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.题号l 2 3 4 5 6 7 8 9 10 I 11 I 12 1答案 B C A B A C B D C B I B I D二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.x-2y-1=0 4 16.4✓314.2.315.-5 三、解答题:本大题共6小题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(本小题满分12分)解:(l) C = 2Bsin C = sin 2B = 2 sin B c os B : . c = 2b·cos B c a 2 +c 2 -b 2co sB =—= 2b2ac :. a c 2 =b(a 2+c 2-b 勹:. 4c 2 = 2(16+c 2 -4)2c 2 = 2(16-4)c 2 = 12c=2扛······6分(2) (i )若C 为锐角,过A作A H .l BC千H,设BC边上的高为h S I ,6ABC = -·4. h = 2五,h=✓3,2 B A设BH=x,H C=4-x ,h h 2 tan B tanB=-,tanC= ,C=2B , tanC=tan 2B= x 4-x 1-tan 2 B,2 、`丿h -x h -X·( 2-= x h -4✓3 4-x :. 1-(—) 2 = 2· —,则x =3X X ta n B=—. ✓33 (ii)若C 为钝角,过A作AH上BC 的延长线于H ,设CH=x,AH =h=✓3,理科数学参考答案第1页(共6页)。

武汉市2020届高三下学期五月质量检测数学(理)试题及答案

武汉市2020届高三下学期五月质量检测数学(理)试题及答案

武汉市2020届高三下学期五月质量检测理科数学2020.5.25 一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.已知复数z 满足,i iiz +=++12,则复数z= A .2+i B .1 +2i C .3 +i D .3-2i 2.已知集合⎭⎬⎫⎩⎨⎧≤+-=031x x xA ,{}2<=x x B ,则A∩B=A .{}12<<-x xB .{}23<<-x xC .{}12≤<-x xD .{}12≤≤-x x 3.设等比数列{}n a 的前n 项和为n S ,21=a ,02432=++a a a ,则5S =A .2B .0C . -2D . -4 4.若某几何体的三视图如下,则该几何体的体积为 A .2 B .4 C .24 D .D .34 5.在某项测量中,测量结果ξ服从正态分布)0)(,1(2>σσN ,若ξ在(0,2)内取值的概率为0.8,则ξ在),0(+∞内取值的概率为A .0.9B .0.1C .0.5D .0.4 6.已知函数)22)(3cos()(πϕπϕ<<-+=x x f 图象关于直线185π=x 对称,则函数f (x )在区间[0,π]上零点个数为A .1B .2C .3D .4 7.已知向量,是互相垂直的单位向量,向量满足1=⋅,1=⋅c a = A .2 B .5 C .3 D .78.已知等差数列{}n a 满足:82521=+a a ,则21a a +的最大值为A .2 C .4B .3 D .5 9.已知直线21-=x y PQ :与y 轴交于P 点,与曲线)0(:2≥=y x y C 交于M Q ,成为线段PQ 上一点,过M 作直线t x =交C 于点N ,则△MNP 面积取到最大值时,t 的值为 A .161 B .41 C .1 D .45 10.已知函数)(1)(1R a eax ex f x ∈--=-的图象与x 轴有唯一的公共点,则实数a 的取值范围为A .{}0≤a a B .⎭⎬⎫⎩⎨⎧=≤e a a a 10,或C .{}e a a a =≤,或0D .{}10=≤a a a ,或11.已知A ,B 分别为双曲线1322=-Γy x :实轴的左右两个端点,过双曲线Γ的左焦点F 作直线PQ 交双曲线于P ,Q 两点(点P ,Q 异于A ,B ) ,则直线AP ,BQ 的斜率之比BQ AP k k := A .31-B .3-C .32-D .23- 12.在四棱锥ABCD P -中,2=PA ,7===PD PC PB ,7==AD AB ,2==CD BC ,则四棱锥ABCD P -的体积为A .32B .3C .5D .3 二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分 13.函数ln 1xy x =+在点P (1,0)处的切线方程为 . 14.一种药在病人血液中的量保持1500 mg 以上才有疗效;而低于500 mg 病人就有危险。

湖北省2020年高三(5月)调研模拟考试数学(理科)试卷(含答案)

湖北省2020年高三(5月)调研模拟考试数学(理科)试卷(含答案)

2020年湖北省高三(5月)调研模拟考试理科数学试卷2020.5本试卷共5页,23题(含选考题)。

全卷满分150分。

考试用时120分钟。

★祝考试顺利★注意事项:1.答题前先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡的非答题区域均无效。

4.选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。

一、选择题:本大题共12小题.每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.复数ii -+12的共轭复数是 A .i 2321- B .i 2321+ C .i 2321-- D .i 2321+- 2.已知集合{}0322<--=x x x A ,非空集合{}a x a x B +<<-=12,A B ⊆,则实数a 的取值范围为A .]2,(-∞B .]2,21(C .)2,(-∞D .)2,21(3.已知直线l 过圆062622=+--+y x y x 的圆心且与直线01=++y x 垂直,则l 的方程是A .02=-+y xB .03=-+y xC .02=--y xD .03=--y x4.我国古代的天文学和数学著作《周髀算经》中记载:一年有二十四个节气,每个节气晷(gui )长损益相同(晷是按照日影测定时刻的仪器.晷长即为所测量影子的长度).夏至、小暑、大暑、立秋、处暑、白露、秋分、寒露、霜降、立冬、小雪、大雪是连续十二个节气,其日影子长依次成等差数列.经记录测算,夏至、处暑、霜降三个节气日影子长之和为16.5尺,这十二节气的所有日影子长之和为84尺,则夏至的日影子长为A .0.5尺B . 1尺C .1.5尺D . 2尺5.函数x x x x x f cos 122ln2sin )(++-⋅=ππ在)2,2(ππ-的图像大致为6.如图的程序框图中,若输人a ,n 的值分别为2,3,且输出T 的值为5 ,则空白框中应填入A .k<nB .k ≤nC .k-1≤nD .k+1 < n7.△ABC 中,点D 为BC 的中点,3=,M 为AD 与CE 的交点,若),(R y x y x ∈+=,则y x -=A .1-B .21C .43 D .1 9.甲、乙、丙、丁戊五人等可能分配到A 、B 、C 三个工厂工作,每个工厂至少一人,则甲、乙两人不在同一工厂工作的概率为A .2512B .2513C .2518D .2519 9.已知R c b a ∈,,.满足0ln 2ln 2ln 3<-==ca b ca b .则a ,b ,c 的大小关系为 A .b a c >> B .b c a >> C .a b c >> D .c a b >>10.在棱长为1的正四面体ABCD 中,M 为AD 上的一-点且AM=31AD .N 为AC 中点,则点A 到平面BMN 的距离为 A .510 B .55 C .1010 D .105 11.已知)0(sin )()(>--=-a x e e a x f x x π存在唯一零点,则实数a 的取值范围A .),2(+∞πB .),2[+∞πC .),21(+∞D .),21[+∞ 12.已知函数)0)(3sin()(>-=ωπωx x f 在],0[π有且仅有4个零点,有下述三个结论: ①ω的取值范围为)313,310[; ②)(x f 在)265,0(π单调递增; ③若21211)(2)(2x x x f x f ≠==,,则21x x +的最小值为134π 以上说法正确的个数为A .0B .1C .2D .3二.填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.二项式9)21(xx -的展开式中,常数项为 . 14.已知数列{}n a 的前项和为*N n S n ∈,满足11211==++S S S n n ,,则数列{}n a 的通项公式为 . 15.某校随机抽取100名同学进行“垃圾分类”的问卷测试,测试结果发现这100名同学的得分都在[50, 100]内,按得分分成5组:[50,60),[60,70),[70,80),[ 80,90),[90,100] ,得到如图所示的频率分布直方图,则估计这100名同学的得分的中位数为 .16.已知双曲线)0,0(12222>>=-b a by a x C :的左焦点)0,(1c F -关于直线03=+y x 的对称点P 在双曲线上.则双曲线C 的离心率为 .。

武汉市2020届高中毕业生五月质量检测 理数

武汉市2020届高中毕业生五月质量检测 理数

理科数学参考答案第 2 页 共 6 页
19. 本小题满分 12 分 解 1 依题意 c 1, 4a 8 ,即 a 2 ,
故椭圆的方程为 x2 y2 1 43
……4 分
2 设直线 AB 的方程为 x ty 1, A(x1, y1) , B(x2, y2 ) , P(4, y0 )
x ty 1
1 ty0
3
(
y1
y2 ) y0 y1 y2
2
6t
1 ty0 3
3t 2
9
4
y0
2
1 ( 2t ty0 3 3
y0
2)
2 3
3t 2 4
所 1 1 2 为定值. xM 1 xN 1 3
……12 分
20. 本小题满分 12 分 解 1 在 n 6 时,恰好在第 次时检测出呈 性血液,说明其中 份血液中的其中一份呈
ii 若 C 为钝角,过 A 作 AH BC 的延长线于 H , 设 CH x, AH h 3 ,
理科数学参考答案第 1 页 共 6 页
tan B h , tan(π C) h tan C,
4 x
x
由tan C tan 2B知
h
2 h 4 x
x 1 ( h )2
4 x
1 2x 3 0,而x 0 4 x (4 x)2
……12 分
22. 本小题满分 10 分

1

x y
2 t cos t sin
消去参数 t
得到
x
y
2
tan
k

所 y k(x 2) , k tan
由 sin2 1得 1 cos 1,
2

2020年武汉市部分学校高三在线学习摸底检测5月8号理科数学参考答案

2020年武汉市部分学校高三在线学习摸底检测5月8号理科数学参考答案

因为 0 A , 所以 sin A 0.从而sin C cosC.又cosC 0,所以tan C 1,
则C 4
……4 分
(2)由(1)知 B 3 A. 于是 4
3 sin A cos(B ) 4
3 sin A cos( A)
3 sin A cos A 2sin( A ) 2 6
2) ,CH
2, 2
sin
CH CM
15 , cos 5
10 . 5
所求二面角的余弦值为 10 . 5
……12 分
19. (1)设 P(x, y),依题意有: x2 ( y 1)2 y 1,
因此轨迹 的方程为 x2 4 y .
……4 分
(2)由题意知,直线 AB 和 CD 的斜率均存在.
x
1 时,易知, ex1
x
, e1 x
1 e x 1
1, x
从而取 x
1 时, a sin(x 1)
1 x
e1 x
a sin(
1 1) 1 e 1
0.
0 0 矛盾.
当 0 a 1 时,
g(x)
f (x) a cos(x 1)
1 x2
e1x
2ax
1 x
a cos(x
综上, a 1.
……12 分
22.(1)因为 x=cos , y=sin ,所以 C1 的极坐标方程为 cos=-2 ,
C2 的普通方程为 (x-1)2 +( y-2)2 =1.
……5 分
(2)将 = 代入 2-2cos -4sin +4=0 ,得 2-3 2+4=0 , 4
解得 1=2 2 , 2 = 2 .故 1-2= 2 ,即 MN = 2 .

湖北省武汉市2020届高三高中毕业生五月质量检测数学(理科)试卷 含答案

湖北省武汉市2020届高三高中毕业生五月质量检测数学(理科)试卷 含答案
(1)求椭圆 的标准方程;
(2)已知 P(x0, y0 )( y0 ≠0)是直线 l:x=4 上一动点,若 PA,PB 与 x 轴分别交于点 M (xM , 0) ,N (xN , 0) ,
则 1 + 1 是否为定值,若是,求出该定值,不是请说明理由. xM −1 xN −1
20.(本题满分 12 分) 一种新的验血技术可以提高血液检测效率.现某专业检测机构提取了 n(n≥6)份血液样本,其中只有
3.非选择题的作答:用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内.写在试卷、草稿纸和答题卡 上的非答题区域均无效.
4.选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡指定的位置用 2B 铅笔涂黑.答案写在答题卡上对应 的答题区域内,写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.
5.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并上交. 一、选择题:本题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目
在 (0,+) 内取值的概率为
A.0.9
B.0.1
C.0.5
D.0.4
6.已知函数 f (x) = cos(3x +)(− ) 图象关于直线 x = 5 对称,则函数 f(x)在区间[0,π]上
2
2
18
零点个数为
A.1
B.2
C.3
D.4
7.已知向量 a , b 是互相垂直的单位向量,向量 c 满足 c a =1, c b =1 则 a + c =
棱锥 P − ABCD 的体积为
A. 2 3
B. 3
C. 5
二、填空题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分
13.函数 y = ln x 在点 P(1,0)处的切线方程为 x +1

2020年湖北省武汉市高考数学模拟试卷(理科)(5月份)(含答案解析)

2020年湖北省武汉市高考数学模拟试卷(理科)(5月份)(含答案解析)

2020年湖北省武汉市高考数学模拟试卷(理科)(5月份)一、选择题(本大题共12小题,共60.0分)1.已知复数z满足,则复数A. B. C. D.2.已知集合,,则A. B.C. D.3.设等比数列的前n项和为,,,则A. 2B. 0C.D.4.若某几何体的三视图如图,则该几何体的体积为A. 2B. 4C.D.5.在某项测量中,测量结果X服从正态分布,若X在内取值的概率为,则X在内取值的概率为A. B. C. D.6.已知函数图象关于直线对称,则函数在区间上零点的个数为A. 1B. 2C. 3D. 47.已知向量,是互相垂直的单位向量,向量满足,,则A. 2B.C. 3D. 78.已知等差数列满足:,则的最大值为A. 2B. 3C. 4D. 59.已知直线与y轴交于P点,与曲线C:交于Q,M成为线段PQ上一点,过M作直线交C于点N,则面积取到最大值时,t的值为A. B. C. 1 D.10.已知函数的图象与x轴有唯一的公共点,则实数a的取值范围为A. B.C. ,或D. ,或11.已知A,B分别为双曲线实轴的左右两个端点,过双曲线的左焦点F作直线PQ交双曲线于P,Q两点点P,Q异于A,,则直线AP,BQ的斜率之比:A. B. C. D.12.在四棱锥中,,,,,则四棱锥的体积为A. B. C. D. 3二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)13.函数在点处的切线方程为______.14.一种药在病人血液中的量保持1500mg以上才有疗效;而低于500mg病人就有危险.现给某病人静脉注射了这种药2500mg,如果药在血液中以每小时的比例衰减,为了充分发挥药物的利用价值,那么从现在起经过______小时向病人的血液补充这种药,才能保持疗效.附:,,精确到15.柜子里有三双不同的鞋,随机取出两只,取出的鞋不成对的概率为______.16.已知M,N为直线上两点,O为坐标原点,若,则的周长最小值为______.三、解答题(本大题共7小题,共82.0分)17.在中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,满足,.若,求c;若的面积为,求tan B.18.如图,在三棱柱中,侧面是边长为4的菱形,且,面面ABC,,.求证:面;求二面角的余弦值.19.已知,为椭圆:的左右焦点,过的直线交椭圆于A,B两点,的周长为8.求椭圆的标准方程;已知是直线l:上一动点,若PA,PB与x轴分别交于点,,则是否为定值,若是,求出该定值,不是请说明理由.20.一种新的验血技术可以提高血液检测效率.现某专业检测机构提取了份血液样本,其中只有1份呈阳性,并设计了如下混合检测方案:先随机对其中份血液样本分别取样,然后再混合在一起进行检测,若检测结果为阴性,则对另外3份血液逐一检测,直到确定呈阳性的血液为止;若检测结果呈阳性,测对这份血液再逐一检测,直到确定呈阳性的血液为止.若,求恰好经过3次检测而确定呈阳性的血液的事件概率;若,宜采用以上方案检测而确定呈阳性的血液所需次数为,求的概率分布;求.21.已知函数.讨论在极值点个数;证明:不等式在恒成立.附:,.22.在直角坐标系xOy中,直线l的参数方程为参数,为常数,以坐标原点O为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C的极坐标方程为.求曲线C的直角坐标方程;设直线l与曲线C的交点为P,Q两点,曲线C和x轴交点为A,若面积为,求的值.23.已知正数a,b,c满足求证:;.-------- 答案与解析 --------1.答案:B解析:【分析】把已知等式变形,利用复数代数形式的乘除运算化简得答案.本题考查复数代数形式的乘除运算,是基础题.【解答】解:由,得,,故选:B.2.答案:C解析:解:集合,,.故选:C.求出集合A,B,由此能求出.本题考查交集的求法,考查交集定义等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.3.答案:A解析:解:设公比为q,,等比数列的前n项和为,,,则,解得,,故选:A.根据等比数列的通项公式和求和公式即可求出.本题考查了等比数列的通项公式和求和公式,属于基础题.4.答案:B解析:解:根据三视图还原成的几何体是如图所示的四棱柱,其中底面是长为2,宽为1的矩形,棱柱的高为2,四棱柱的体积.故选:B.先通过三视图对几何体进行还原,可得一个直四棱柱,然后利用棱柱体积的计算公式求解即可.本题考查三视图的还原及棱柱体积的计算,考查学生的空间立体感和运算能力,属于基础题.5.答案:A解析:【分析】本题考查正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义,主要考查正态曲线的对称性,是一个基础题.根据X服从正态分布,得到曲线的对称轴是直线,利用X在内取值的概率为,即可求得结论.【解答】解:服从正态分布曲线的对称轴是直线,在内取值的概率为,在内取值的概率为,在内取值的概率为故选:A.6.答案:C解析:解:因为函数图象关于直线对称,,,由知,时,.故,令得,.因为,所以,1,2时,满足条件.故零点有三个.故选:C.根据余弦型函数的对称性知,在时取得最值,由此求出值,再令,解出x,即可判断在上零点个数.本题考查三角函数据图求式的基本思路,注意把握好正、余弦函数图象的对称性与函数的最值点、零点之间的关系.属于中档题.7.答案:B解析:解:因为向量,是互相垂直的单位向量,不妨设,,则由,,得,即.;;故选:B.将向量,放入坐标系,利用条件求出坐标进而求得结论.本题主要考查平面向量的应用,利用向量长度与坐标之间的关系进行运算,利用条件将向量,转化为坐标形式是解决本题的关键.8.答案:D解析:解:设等差数列的公差为d,由于满足:,设,,,所以,即,,所以,其中,所以最大值为5.故选:D.设,,,求公差,求首项,再利用辅助角公式求最值.本题考查三角换元求取值范围,属于中档题.9.答案:C解析:解:直线与y轴交于,由与联立,可得,过M作直线交C于点N,可得,,,则面积,设,可得,可得,可得时,,S递增;时,,S递减,则面积S在,即处取得极大值,且为最大值.故选:C.求得P,Q的坐标,由直线,联立直线方程和曲线方程可得M,N的坐标,运用三角形的面积公式,结合换元法和导数的运用:求单调性和极值、最值,即可得到所求值.本题考查抛物线的方程和运用,考查三角形的面积的最值求法,注意运用导数,求得单调性和极值、最值,考查化简运算能力,属于中档题.10.答案:B解析:解:由于且,由题意可知的图象与x轴有唯一的公共点,,若,则,函数单调递增,且满足题意;当时,由可得,当时,,函数单调递减,当时,,函数单调递增,由题意可得,故,综上可得,或.故选:B.由于且,由题意可知的图象与x轴有唯一的公共点,结合导数分析函数的性质,进而可求.本题主要考查了利用导数求解函数的零点个数,体现了导数与函数性质的综合应用.11.答案:B解析:解:由已知得双曲线:,,.故F,,.设直线PQ:,且,由消去x整理得,,两式相比得,:,将代入得:上式.故:.故选:B.先根据双曲线方程求出a,b,c的值,再直接设直线方程为,代入双曲线方程,消去x,化简得到关于y的一元二次方程,得韦达定理,然后将:借助于P,Q的坐标表示出来,再将韦达定理看成方程,将m用,表示出来代入前面的比值,化简即可.本题考查双曲线的性质,以及学生的化简运算能力,属于中档题.12.答案:D解析:解:在四棱锥中,,,,,连结AC,BD,交于点E,过P作平面ABCD,交AC于点O,连结BO,DO,则,,,,,四棱锥的体积为:.故选:D.连结AC,BD,交于点E,过P作平面ABCD,交AC于点O,连结BO,DO,则,,,,四棱锥的体积为:,由此能求出结果.本题考查四棱锥的体积的求法,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.13.答案:解析:解:,,所以切线为:,即:.故答案为:.先求出函数的导数,然后求出切点处的导数值,最后利用点斜式求出直线方程.本题考查导数的几何意义、切线方程的求法,同时考查学生的运算能力.属于基础题.14.答案:解析:解:设应在病人注射这种药x小时后再向病人的血液补充这种药,依题意,可得整理,得,,,,解得:,应在用药小时后及小时前再向病人的血液补充药.故答案为:.先设未知数,再根据题意列出不等式,整理得指数不等式,再利用指数函数的单调性、指数函数和对数函数的关系、换底公式和对数的运算性质,以及条件进行求解.本题结合实际考查了指数函数的单调性、指数函数和对数函数的关系和换底公式等等,考查了分析和解决问题的能力.15.答案:解析:解:取法总数有种,取出的鞋成对的种数有3种,取出的鞋不成对的概率.故答案为:利用古典概型概率计算公式和对立事件的概率计算公式求解.本题考查概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意对立事件的概率计算公式的灵活运用.16.答案:解析:解:已知M,N为直线上两点,O为坐标原点,若,则:原点到直线的距离.所以当为等边三角形时:设,所以,解得,故,所以.故答案为:.直接利用点到直线的距离公式的应用和三角形的周长公式的应用求出结果.本题考查的知识要点:直线的位置关系的应用,点到直线的距离公式的应用,三角形的周长公式的应用,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于基础题型.17.答案:解:,,,,,,,;若C为锐角,过点A作于点H,如图所示:设BC边上的高为h,则,,设,,,,又,,,解得,,若C为钝角,过A作的延长线于H,如图所示:设,,则,,由知:,,而,无解,因此C为钝角不符合题意,综上所述,.解析:由利用二倍角公式得,再利用余弦定理即可求出c的值;对角C分锐角和钝角两种情况讨论,分别求出tan B的值,经验证C为钝角不符合题意,所以.本题主要考查了三角函数的二倍角公式,以及余弦定理,是中档题.18.答案:解:证明:在菱形中,过点作于H,平面平面ABC,平面平面,,,,平面.解:在菱形中,连结,设,平面,,则面,,过点M作于点N,连结AN,则平面AMN,,为二面角的平面角,设大小为,在中,,且,,则,,二面角的余弦值为.解析:在菱形中,过点作于H,则,再由,能证明平面.连结,设,则,面,,过点M作于点N,连结AN,则平面AMN,,从而为二面角的平面角,由此能求出二面角的余弦值.本题考查线面垂直的证明,考查二面角的余弦值的求法,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.19.答案:解:由题意可得三角形中,三角形的周长为,解得,而,所以,所以椭圆的方程为:;由题意设,,,设直线AB的斜率为0时可得,,,则直线PA与x轴的交点M的横坐标,同理可得,所以,当直线AB的斜率不为0时,设直线AB的方程为:,联立直线AB与椭圆的方程,整理可得,,,设直线PA的方程为:,令,可得,所以,同理可得,所以;综上所述为定值.解析:由椭圆的定义可得的周长为4a,由题意可得a的值,及c的值,再有a,b,c之间的关系求出b的值,进而求出椭圆的标准方程;分直线AB的斜率为0和不为0两种情况讨论,求出A,B的坐标,设P的坐标,求出直线PA的方程,令,求出M的坐标,进而求出的表达式,同理求出的表达式,进而求出为定值.本题考查求椭圆的标准方程,及直线与椭圆的综合,属于中档题.20.答案:解:时,不论第一次检测的混合血液是阴性还是阳性,从第2次检测开始,都是对含有1阳性,2阴性的3份血液进行逐一检测,若恰好经过3次检测而确定阳性血液,则第2次和第3次检测的都是阴性或者第2次检测的是阴性,第3次检测的是阳性,故恰好经过3次检测而确定呈阳性的血液的事件概率为.时,,,,当时,,,的分布列为:2 3 4P.解析:不论第一次检测结果如何,都要对含有2阴1阳得血液样本进行逐一检测,故第2次和第3次检测的都是阴性或者第2次检测的是阴性,第3次检测的是阳性,根据组合数公式和古典概型的概率公式计算概率;根据组合数公式和古典概型的概率公式依次计算,3,4,,的概率,得出分布列和数学期望.本题考查了离散型随机变量的概率计算,属于中档题.21.答案:解:,设,在时,则,知在递减,存在,使得,在时,,在时,,为的极大值点;在时,,有,在上恒成立,在上递减,此时无极值;在时,,在上恒成立,在上递增,存在唯一的,使得,且在时,,在时,,为的极小值点.综上,函数在上有两个极值点;证明:由知,,若时,,而,在上恒成立,在上递减,;若,,在上恒成立,在上递增,存在唯一的,使得,且当时,,在时,,,下面证明:在上恒成立,记,,则,在上递增,于是,从而可知;综合可知,不等式在恒成立.解析:求导,分,以及,判断函数的单调性,进而得出极值点情况;分,,结合零点存在性定理以及放缩思想得证.本题考查利用导数研究函数的极值点个数以及不等式的恒成立问题,考查分类讨论思想,转化思想,考查运算求解能力,综合性较强,难度大.22.答案:解:直线l的参数方程为参数,为常数,转换为直角坐标方程为.曲线C的极坐标方程为整理得,根据,转,换为直角坐标方程为.由于与x轴的交点坐标为,所以得到,记,所以,整理得.所以,解得,即,所以.解析:直接利用转换关系,把参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间进行转换.利用一元二次方程根和系数关系式的应用和三角函数关系式的变换求出结果.本题考查的知识要点:参数方程、极坐标方程和直角坐标方程之间的转换,一元二次方程根和系数关系式的应用,三角函数关系式的变换,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于基础题型.23.答案:证明:因为正数a,b,c满足,所以,由于,故.分析法:要证原式,只要证:,即证,只要证:,即证:,因为,将两式相乘即得要证的式子:,以上每步都成立,所以不等式成立.解析:由已知得,用均值不等式即可;用分析法把左式分离变量,再由变形配凑成3元均值不等式的形式即可证明.本题考查多项式的化简变形技巧,均值不等式的应用.属于中档题.。

2020年湖北省武汉市部分学校高考数学模拟试卷(理科)(5月份)(含答案解析)

2020年湖北省武汉市部分学校高考数学模拟试卷(理科)(5月份)(含答案解析)

2020年湖北省武汉市部分学校高考数学模拟试卷(理科)(5月份)一、选择题(本大题共12小题,共60.0分)1.复数A. B. C. D.2.已知全集,集合,那么A. B.C. D.3.若等差数列前9项的和等于前4项的和,,则A. B. C. D. 24.如图,某几何体的正视图主视图,侧视图左视图和俯视图分别是等边三角形,等腰三角形和菱形,则该几何体体积为A.B. 4C.D. 25.已知某篮球队员在比赛中每次罚球的命中率相同,且在两次罚球中至多命中一次的概率为,则该队员每次罚球的命中率p为A. B. C. D.6.已知,是双曲线C:的两个焦点,P是C上一点,满足,且,则C的离心率为A. B. C. 2 D.7.函数的零点个数为A. 1B. 2C. 3D. 48.已知函数为偶函数,且图象的两相邻对称轴间的距离为,则的值为A. B. 1 C. . D.9.已知三棱柱,,,,,如果三棱柱的6个顶点都在球O的球面上.则球的半径为A. B. C. D.10.已知单位向量满足,则的值为A. B. C. D. 111.在数学中有这样形状的曲线:关于这种曲线,有以下结论:曲线C恰好经过9个整点即横、纵坐标均为整数的点;曲线C上任意两点之间的距离都不超过2;曲线C所围成的“花瓣”形状区域的面积大于5.其中正确的结论有A. B. C. D.12.已知关于x不等式对任意和正数b恒成立,则的最小值为A. B. 1 C. D. 2二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)13.已知实数x,y满足约束条件则的最小值为______14.若函数在点处的切线平行于x轴,则的最大值为______.15.从3名骨科、3名脑外科和3名内科医生中选派5人组成一个医疗小组,则骨科、脑外科和内科医生都至少有1人的概率为______.16.设为数列的前n项和,,,则______.三、解答题(本大题共7小题,共82.0分)17.在中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且满足,.求角C的大小;若,求的面积18.如图,在四棱锥中,平面ABCD,,,,,.求证:;求平面DAP与平面BPC所成锐二面角的余弦值.19.已知为平面上一点,H为直线l:上任意一点,过点H作直线l的垂线m,设线段FH的中垂线与直线m交于点P,记点P的轨迹为.求轨迹的方程;过点F作互相垂直的直线AB与CD,其中直线AB与轨迹交千点A、B,直线CD与轨迹交于点C、D,设点M,N分别是AB和CD的中点.问直线MN是否恒过定点,如果经过定点,求出该定点,否则说明理由;求的面积的最小值.20.根据某地区气象水文部门长期统计,可知该地区每年夏季有小洪水的概率为,有大洪水的概率为.从该地区抽取的n年水文资料中发现,恰好3年无洪水事件的概率与恰好4年有洪水事件的概率相等,求n的值;今年夏季该地区某工地有许多大型设备,遇到大洪水时要损失60000元,遇到小洪水时要损失20000元.为保护设备,有以下3种方案:方案1:修建保护围墙,建设费为3000元,但围墙只能防小洪水.方案2:修建保护大坝,建设费为7000元,能够防大洪水.方案3:不采取措施.试比较哪一种方案好,请说明理由.21.已知函数,讨论的单调性;求实数a的取值范围,使得在区间内恒成立.为自然对数的底数22.在直角坐标系xOy中,直线:以坐标原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,极坐标方程为:.求的极坐标方程和的普通方程;若直线的极坐标方程为,设与的交点为M,N,又:与x 轴交点为H,求的面积.23.已知函数.当时,求证:;若关于x的不等式在R恒成立,求实数a的取值范围.-------- 答案与解析 --------1.答案:B解析:解:,故选:B.直接利用复数代数形式的乘除运算化简.本题考查复数代数形式的乘除运算,是基础题.2.答案:D解析:解:全集,集合,或.故选:D.先求出集合A,由此能求出A.本题考查补集的求法,考查补集定义等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.3.答案:C解析:解:由题意可得:,,解得..故选:C.利用等差数列的通项公式求和公式即可得出.本题考查了等差数列的通项公式求和公式,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.4.答案:C解析:解:由已知中该几何中的三视图中有两个三角形一个菱形可得这个几何体是一个四棱锥由图可知,底面两条对角线的长分别为,2,底面边长为2故底面菱形的面积为侧棱为,则棱锥的高故故选:C.根据已知中的三视图及相关视图边的长度,我们易判断出该几何体的形状及底面积和高的值,代入棱锥体积公式即可求出答案.本题考查的知识点是由三视图求面积、体积其中根据已知求出满足条件的几何体的形状及底面面积和棱锥的高是解答本题的关键.5.答案:D解析:解:某篮球队员在比赛中每次罚球的命中率相同,该队员每次罚球的命中率为p,且在两次罚球中至多命中一次的概率为,,解得,该队员每次罚球的命中率p为.故选:D.利用相互独立事件概率乘法公式和互斥事件概率加法公式能求出该队员每次罚球的命中率p.本题考查概率的求法,考查相互独立事件概率乘法公式和互斥事件概率加法公式等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.6.答案:D解析:解:由双曲线的对称性设P在第一象限,因为,由双曲线的定义可得,所以,,因为,在三角形中,由余弦定理可得,即,整理可得:,可得,故选:D.由双曲线的定义及可得,的值,在三角形中由余弦定理可得a,c的关系求出离心率.本题考查双曲线的性质,及余弦定理的应用,属于中档题.7.答案:B解析:解:函数的零点可以转化为:的零点;在坐标系中画出两个函数的图象,根据图象可得有两个交点;故原函数有两个零点.故选:B.把零点个数问题可化为两个函数的交点,作函数的图象求解即可.本题考查了方程的根与函数的图象的应用,属于基础题.8.答案:B解析:解:,是偶函数,,,得,,当时,,即,图象的两相邻对称轴间的距离为,,即,即,得,则,则,故选:B.利用辅助角公式进行化简,结合是偶函数,求出的值,利用的对称轴之间的距离求出函数的周期和,代入进行求值即可.本题主要考查三角函数值的计算,利用辅助角公式,结合三角函数的性质求出函数的解析式是解决本题的关键.难度不大.9.答案:C解析:解:如图所示,设BC,的中点分别为O,.设三棱柱的外接球的球心为G,半径为R.则G为线段的中点..则..故选:C.如图所示,设BC,的中点分别为O,设三棱柱的外接球的球心为G,半径为可得G为线段的中点.利用勾股定理可得:可得.本题考查了三棱柱的性质、球的性质,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.10.答案:A解析:解:设BC的中点为D,连接PD;则;因为单位向量满足,故;,A,D三点共线且;;;故选:A.设BC的中点为D,连接PD;则,根据条件得到P,A,D三点共线且;再转化所求数量积求解即可.本题考查向量的数量积的应用,考查向量的表示以及计算,考查计算能力.解决本题的关键在于得到P,A,D三点共线且.11.答案:A解析:解:曲线C经过的整点有,,,,,,,,,恰有9个点,即正确;点和均在曲线C上,而这两点间的距离为,即错误;由于图形是对称的,所以只需考虑第一象限内的部分即可.此时有,,整理得,,是以为圆心,为半径的圆,作出曲线在第一象限的图形如图所示,面积,故曲线C的面积为,即正确.故选:A.找出曲线C经过的整点有,,,,,,,,,共9个,可判断;取特殊值,由可知,点和均在曲线C上,计算这两点间的距离即可判断;由于图形是对称的,所以只需考虑第一象限内的部分,即,,去掉绝对值后,可把曲线的方程整理成是以为圆心,为半径的圆,作出其图形,用分割法计算其面积,即可得整个曲线C的面积,与5比较大小即可得解.本题考查曲线与方程,对于这类题,一般从曲线的中心对称或轴对称上思考,有时也会用到极限的思想,考查学生的推理论证能力和转化能力,属于中档题.12.答案:B解析:解:不等式,化为不等式,设,,当时,,在R上单调递减,若时,令,,在时,,为增函数,在时,,为减函数.由题意可得,当时,在R上单调递减,无最小值,不符合题意,当时,,,设,则,当,,递减;,,递增,.则,的最小值为1.故选:B.不等式,化为不等式,设,利用导数和函数最值的关系求出,可得,设,利用导数求出函数的最小值即可.本题考查了导数和函数单调性的关系以及和最值的关系,考查了函数恒成立的问题,考查了运算能力和转化思想,属于中档题.13.答案:解析:解:作出实数x,y满足约束条件对应的平面区域如图:由得,平移直线,由图象可知当直线经过点时,直线的截距最小,此时z最小.即,故答案为:.画出不等式组对应的平面区域,利用z的几何意义,件即可求出z的最小值.本题主要考查线性规划的应用,利用z的几何意义,结合数形结合是解决本题的关键.14.答案:解析:【分析】本题考查导数的几何意义和利用导数研究函数的最值.求切线时,抓住切点满足的两个条件列方程是关键.属于基础题.先利用切点处切线与x轴平行,求出a的值,然后利用导数研究函数的单调性,求出最大值.【解答】解:,,.,,易知,时,,递增;时,,递减..故答案为:.15.答案:解析:解:从3名骨科、3名脑外科和3名内科医生中选派5人组成一个医疗小组,基本事件总数,骨科、脑外科和内科医生都至少有1人包含的基本事件个数:.则骨科、脑外科和内科医生都至少有1人的概率.故答案为:.基本事件总数,骨科、脑外科和内科医生都至少有1人包含的基本事件个数由此能求出骨科、脑外科和内科医生都至少有1人的概率.本题考查概率的求法,考查古典概型等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.16.答案:解析:解:由题意,当时,,解得,当时,,则当,且n为偶数时,为奇数,此时,可得,.故答案为:.本题可根据公式可推导出数列的递推公式,然后根据递推公式的特点计算当,且n为偶数时,为奇数这种情况下的通项公式,最后将转化之后代入得到特定情况下的通项公式可计算出答案.本题主要考查数列求递推公式,由递推公式求通项公式并求值的问题.考查了转化与化归思想,分类讨论思想,指数的运算,逻辑思维能力和数学运算能力.本题属中档题.17.答案:解:由正弦定理化简已知等式得:,为三角形内角,,,即,由,可得;由可知,,可得:,可得,,,,即,此时,,由正弦定理,,可知,.解析:已知等式利用正弦定理化简,根据sin A不为0求出tan C的值,利用特殊角的三角函数值即可求出C的度数;利用三角函数恒等变换的应用化简已知等式可得,结合范围,可求A,B的值,由正弦定理可求a的值,进而根据三角形的面积公式即可计算得解.本题主要考查了正弦定理,特殊角的三角函数值,三角函数恒等变换的应用,正弦定理,三角形的面积公式在解三角形中的综合应用,考查了转化思想,属于中档题.18.答案:证明:在四边形ABCD中,连接BD,由,,得,由,,得,即.又,可解得,则,.又底面ABCD,,而,平面PBD,;解:由知,DA,DB,DP两两互相垂直.以D为坐标原点,分别以DA,DB,DP所在直线为x,y,z轴建立空间直角坐标系,则,0,,.,.设平面PBC的一个法向量为,由,取,得;又平面PAD的一个法向量为..平面DAP与平面BPC所成锐二面角的余弦值为.解析:在四边形ABCD中,连接BD,由已知求解三角形可得,,则,得到,再由已知得,由直线与平面垂直的判定可得平面PBD,进一步得到;由知,DA,DB,DP两两互相垂直,以D为坐标原点,分别以DA,DB,DP所在直线为x,y,z轴建立空间直角坐标系,分别求出平面PBC的一个法向量与平面PAD的一个法向量,由两法向量所成角的余弦值可得平面DAP与与平面BPC所成锐二面角的余弦值.本题考查直线与平面垂直的判定,考查空间想象能力与思维能力,训练了利用空间向量求解空间角,是中档题.19.答案:解:设P的坐标由题意可得,所以,整理可得,所以轨迹的方程:;由题意可得直线AB,CD的斜率均存在,设直线AB的方程:,,,直线与抛物线联立,整理可得:,,,所以AB的中点,同理可得,所以直线MN的斜率为,所以直线MN的方程为:,整理可得,所以恒过定点.所以直线恒过定点;从而可得,所以的面积的最小值为4.解析:设P的坐标,由题意可得,整理可得P的轨迹方程;由题意可得直线BA,CD的斜率都存在,设直线AB的方程与抛物线联立求出两根之和,进而求出AB的中点M的坐标,同理可得N的坐标,进而求出直线MN的斜率,再求直线MN的方程,可得恒过定点;因为直线MN恒过定点,所以得,由均值不等式可得的面积的最小值为4.本题考查求轨迹方程及直线与抛物线的综合,及直线恒过定点的证明,均值不等式的应用,属于中档题.20.答案:解:,,.当时,左边,右边;当时,左边,右边;当时,左边右边..用,,分别表示方案1,2,3的损失.第一方案:建保护围墙,建设费为3000元,但围墙只能防小洪水.无大洪水有大洪水概率损失 3000 63000平均损失.第二方案:建保护大坝,建设费为7000元,能够防大洪水,.第三方案:不采取措施.无洪水有小洪水有大洪水概率损失 0 20000 60000平均损失.故采取方案一更好.解析:根据独立重复事件的概率分别求出“恰好3年无洪水事件的概率”与“恰好4年有洪水事件的概率”,然后列出关于n的等式,最后分,和三种情况讨论等式是否成立即可得解;用,,分别表示方案1,2,3的损失,然后依次求出每种方案中2,的数学期望,并比较大小,取最小者即可.本题考查独立重复事件的概率、离散型随机变量的分布列和数学期望,以及期望的实际应用,考查学生将理论知识与实际生活相联系的能力和运算能力,属于基础题.21.答案:解:函数的定义域为R,,当时,,函数的单调递减区间是;当时,令,解得,令,解得,故函数的单调递减区间是,单调递增区间是;综上,当时,函数的单调递减区间是;当时,函数的单调递减区间是,单调递增区间是;记,当时,由知,在上单调递减,,对恒成立,又当时,易知,故,从而取时,,矛盾;当时,,,,当时,,取,则,从而,由函数零点存在性定理可知,存在,使得,且当时,,在单调递减,,矛盾;当时,,在单调递增,从而,,满足题意.综上,.解析:求导可得,然后分和两种情况讨论即可;记,分,及三种情况讨论,综合即可得出答案.本题主要考查利用导数研究函数的单调性及不等式的恒成立问题,考查分类讨论思想的运用,考查运算能力,属于中档题.22.答案:解:直线:,转换为极坐标方程为.极坐标方程为:,转换为直角坐标方程为.将代入极坐标方程为:得到,解得,所以,由于到直线的距离为,所以.解析:直接利用转换关系,把参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间进行转换.利用一元二次方程根和系数关系和极径的应用求出结果.本题考查的知识要点:参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间的转换,极径的应用,一元二次方程根和系数关系式的应用,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于基础题型.23.答案:证明:当时,,,,即;解:,当时,,则,且,要使在R恒成立,则只需,则,此时;当时,,需要恒成立,,,综合可知,,即实数a的取值范围为.解析:将代入,利用绝对值不等式的性质可得,进而得证;分及两种情况讨论,每种情况下都把函数化为分段函数的形式,再根据题意转化为关于a的不等式,每种情况解出后最后取并集即可.本题考查绝对值不等式的解法及其性质,考查不等式的恒成立问题,考查分类讨论思想及运算求解能力,属于中档题.。

2020年武汉市部分学校高三在线学习5月复学摸底检测理科数学 (含答案)

2020年武汉市部分学校高三在线学习5月复学摸底检测理科数学 (含答案)


y2 b2
= 1(a
>
0,b >
0)
的两个焦点 ,P是 C
上 一点,满足
|PF1|+|PF2|=6a,且∠F1PF2= π ,则C的离心率为 3
A. 2
B. 5
C.2
D. 3
7. 函数f(x)= ex | ln x | −2 的零点个数为
A.1
B. 2
C. 3
D.4
8. 已知函数 f (x)= 3 sin(ωx + ϕ ) − cos(ωx + ϕ )(0 < ϕ < π ,ω > 0) 为偶函数,且y =f ( x ) 图象
2020 年武汉市部分学校高三在线学习摸底检测
理科数学
武汉市教育科学研究院命制
2020.5.8
本试卷共 5 页 ,23 题( 含选考题).全卷满分 150 分.考试用时 120 分钟.
*祝考试顺利*
注意事项:
1. 答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘 贴在答题卡上的指定位置.
2. 选择题的作答:每小题选出答案后,用 2B 铅 笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 黑写在试卷草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效
3. 非选择题的作答:用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内.写在试卷、草 稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.
4. 选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡指定的位置用 2B 铅笔涂黑.答案写在答 题卡上对应的答题区域内,写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.
4
18. ( 本题满分 12 分)
,.
如图,在四棱锥 P— ABC D 中,PD ⊥ 平 面 ABCD ,PD= 2, DC= BC =1 , AB=2 ,AB//DC,

2020年湖北省武汉市高考(理科)数学(5月份)模拟试卷 (解析版)

2020年湖北省武汉市高考(理科)数学(5月份)模拟试卷 (解析版)

2020年高考数学模拟试卷(理科)(5月份)一、选择题(共12小题). 1.已知复数z 满足z+i 2+i=1+i ,则复数z =( ) A .2+iB .1+2iC .3+iD .3﹣2i2.已知集合A ={x|x−1x+3≤0},B ={x ||x |<2},则A ∩B =( ) A .{x |﹣2<x <1} B .{x |﹣3<x <2} C .{x |﹣2<x ≤1} D .{x |﹣2≤x ≤1}3.设等比数列{a n }的前n 项和为S n ,a 1=2,a 2+2a 3+a 4=0,则S 5=( ) A .2B .0C .﹣2D .﹣44.若某几何体的三视图如图,则该几何体的体积为( )A .2B .4C .4√2D .435.在某项测量中,测量结果X 服从正态分布N (1,σ2)(σ>0),若X 在(0,2)内取值的概率为0.8,则X 在[0,+∞)内取值的概率为( ) A .0.9B .0.8C .0.3D .0.16.已知函数f(x)=cos(3x +φ)(−π2<φ<π2)图象关于直线x =5π18对称,则函数f (x )在区间[0,π]上零点的个数为( ) A .1B .2C .3D .47.已知向量a →,b →是互相垂直的单位向量,向量c →满足c →⋅a →=1,c →⋅b →=1,则|a →+c →|=( ) A .2B .√5C .3D .78.已知等差数列{a n }满足:a 12+a 52=8,则a 1+a 2的最大值为( ) A .2B .3C .4D .59.已知直线PQ :y =x −12与y 轴交于P 点,与曲线C :y 2=x (y ≥0)交于Q ,M 成为线段PQ上一点,过M作直线x=t交C于点N,则△MNP面积取到最大值时,t的值为()A.116B.14C.1D.5410.已知函数f(x)=e x﹣1﹣ax−1e(a∈R)的图象与x轴有唯一的公共点,则实数a的取值范围为()A.{a|a≤0}B.{a|a≤0,或a=1e}C.{a|a≤0,或a=e}D.{a|a≤0,或a=1}11.已知A,B分别为双曲线Γ:x2−y23=1实轴的左右两个端点,过双曲线Γ的左焦点F 作直线PQ交双曲线于P,Q两点(点P,Q异于A,B),则直线AP,BQ的斜率之比k AP:k BQ=()A.−13B.﹣3C.−23D.−3212.在四棱锥P﹣ABCD中,PA=2,PB=PC=PD=√7,AB=AD=√7,BC=CD=2,则四棱锥P﹣ABCD的体积为()A.2√3B.√3C.√5D.3二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分13.函数y=lnxx+1在点P(1,0)处的切线方程为.14.一种药在病人血液中的量保持1500mg以上才有疗效;而低于500mg病人就有危险.现给某病人静脉注射了这种药2500mg,如果药在血液中以每小时20%的比例衰减,为了充分发挥药物的利用价值,那么从现在起经过小时向病人的血液补充这种药,才能保持疗效.(附:lg2≈0.3010,1g3≈0.4771,精确到0.1h)15.柜子里有3双不同的鞋子,随机地取出2只,则取出的2只鞋子不成对的概率为.16.已知M,N为直线3x+4y﹣10=0上两点,O为坐标原点,若∠MON=π3,则△MON的周长最小值为.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤,第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,满足a=4,C=2B.(1)若b=2,求c;(2)若△ABC的面积为2√3,求tan B.18.如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,侧面ACC1A1是边长为4的菱形,且∠A1AC=π3,面ACC1A1⊥面ABC,A1A⊥BC,BC=4.(1)求证:BC⊥面ACC1A1;(2)求二面角A﹣A1B﹣C的余弦值.19.已知F1(﹣1,0),F2(1,0)为椭圆Γ:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左右焦点,过F2的直线交椭圆于A,B两点,△F1AB的周长为8.(1)求椭圆Γ的标准方程;(2)已知P(x0,y0)(y0≠0)是直线l:x=4上一动点,若PA,PB与x轴分别交于点M(x M,0),N(x N,0),则1x M−1+1x N−1是否为定值,若是,求出该定值,不是请说明理由.20.一种新的验血技术可以提高血液检测效率.现某专业检测机构提取了n(n≥6)份血液样本,其中只有1份呈阳性,并设计了如下混合检测方案:先随机对其中(n﹣3)份血液样本分别取样,然后再混合在一起进行检测,若检测结果为阴性,则对另外3份血液逐一检测,直到确定呈阳性的血液为止;若检测结果呈阳性,测对这(n﹣3)份血液再逐一检测,直到确定呈阳性的血液为止.(1)若n=6,求恰好经过3次检测而确定呈阳性的血液的事件概率;(2)若n≥8,宜采用以上方案检测而确定呈阳性的血液所需次数为ξ,①求ξ的概率分布;②求Eξ.21.已知函数f(x)=lnx+cos x.(1)讨论f(x)在(0,π)极值点个数;(2)证明:不等式f(x)>0在(π2,π)恒成立.附:ln(5π6)≈0.9624,ln(2π3)≈0.7393.(二)选考题:共10分.请考生从第22、23题中任选一题作答.并用2B铅笔将答题卡上所选题目对应的题号右侧方框涂黑,按所涂题号进行评分;多涂、多答,按所涂的首题进行评分;不涂,按本选考题的首题进行评分.[选修4-4:坐标系与参数方程]22.在直角坐标系xOy中,直线l的参数方程为{x=2+tcosαy=tsinα(t参数,α为常数),以坐标原点O为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C的极坐标方程为ρsin2θ2=1.(1)求曲线C的直角坐标方程;(2)设直线l与曲线C的交点为P,Q两点,曲线C和x轴交点为A,若△APQ面积为6√6,求tanα的值.[选修4-5:不等式选讲]23.已知正数a,b,c满足a+b+c=1.求证:(1)ab<1 4;(2)a1−a +b1−b+c1−c≥32.参考答案一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知复数z满足z+i2+i=1+i,则复数z=()A.2+i B.1+2i C.3+i D.3﹣2i 【分析】把已知等式变形,利用复数代数形式的乘除运算化简得答案.解:由z+i2+i=1+i,得z+i=(1+i)(2+i)=1+3i,∴z=1+2i,故选:B.【点评】本题考查复数代数形式的乘除运算,是基础题.2.已知集合A={x|x−1x+3≤0},B={x||x|<2},则A∩B=()A.{x|﹣2<x<1}B.{x|﹣3<x<2}C.{x|﹣2<x≤1}D.{x|﹣2≤x≤1}【分析】求出集合A,B,由此能求出A∩B.解:∵集合A={x|x−1x+3≤0}={x|﹣3<x≤1},B={x||x|<2}={x|﹣2<x<2},∴A∩B={x|﹣2<x≤1}.故选:C.【点评】本题考查交集的求法,考查交集定义等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.3.设等比数列{a n}的前n项和为S n,a1=2,a2+2a3+a4=0,则S5=()A.2B.0C.﹣2D.﹣4【分析】根据等比数列的通项公式和求和公式即可求出.解:设公比为q,q≠0,等比数列{a n}的前n项和为S n,a1=2,a2+2a3+a4=0,则2q+4q2+2q3=0,解得q=﹣1,∴S5=2(1−(−1)5)1+1=2,故选:A.【点评】本题考查了等比数列的通项公式和求和公式,属于基础题. 4.若某几何体的三视图如图,则该几何体的体积为( )A .2B .4C .4√2D .43【分析】先通过三视图对几何体进行还原,可得一个直四棱柱,然后利用棱柱体积的计算公式求解即可.解:根据三视图还原成的几何体是如图所示的四棱柱,其中底面是长为2,宽为1的矩形,棱柱的高为2,四棱柱的体积V =1×2×2=4. 故选:B .【点评】本题考查三视图的还原及棱柱体积的计算,考查学生的空间立体感和运算能力,属于基础题.5.在某项测量中,测量结果X 服从正态分布N (1,σ2)(σ>0),若X 在(0,2)内取值的概率为0.8,则X 在[0,+∞)内取值的概率为( ) A .0.9B .0.8C .0.3D .0.1【分析】根据X 服从正态分布N (1,σ2),得到曲线的对称轴是直线x =1,利用X 在(0,2)内取值的概率为0.8,即可求得结论. 解:∵X 服从正态分布N (1,σ2) ∴曲线的对称轴是直线x =1,∵X在(0,2)内取值的概率为0.8,∴X在(0,1)内取值的概率为0.4,∴X在[0,+∞)内取值的概率为0.5+0.4=0.9故选:A.【点评】本题考查正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义,主要考查正态曲线的对称性,是一个基础题.6.已知函数f(x)=cos(3x+φ)(−π2<φ<π2)图象关于直线x=5π18对称,则函数f(x)在区间[0,π]上零点的个数为()A.1B.2C.3D.4【分析】根据余弦型函数的对称性知,f(x)在x=5π18时取得最值,由此求出φ值,再令f(x)=0,解出x,即可判断在[0,π]上零点个数.解:因为函数f(x)=cos(3x+φ)(−π2<φ<π2)图象关于直线x=5π18对称,∴cos(3×5π18+φ)=±1,∴5π6+φ=kπ,k∈Z,由−π2<φ<π2知,k=1时,φ=π6.故f(x)=cos(3x+π6),令f(x)=0得3x+π6=π2+kπ,k∈Z,∴x=π9+kπ3,k∈Z.因为x∈[0,π],所以k=0,1,2时,φ=π9,4π9,7π9满足条件.故零点有三个.故选:C.【点评】本题考查三角函数据图求式的基本思路,注意把握好正、余弦函数图象的对称性与函数的最值点、零点之间的关系.属于中档题.7.已知向量a→,b→是互相垂直的单位向量,向量c→满足c→⋅a→=1,c→⋅b→=1,则|a→+c→|=()A.2B.√5C.3D.7【分析】将向量a→,b→放入坐标系,利用条件求出坐标进而求得结论.解:因为向量a→,b→是互相垂直的单位向量,不妨设a→=(1.0),b→=(0,1),c→=(x,y)则由c→⋅a→=1,c→⋅b→=1,得x=y=1,即c→=(1,1).∴a→+c→=(2,1);∴|a →+c →|=√22+12=√5; 故选:B .【点评】本题主要考查平面向量的应用,利用向量长度与坐标之间的关系进行运算,利用条件将向量a →,b →转化为坐标形式是解决本题的关键.8.已知等差数列{a n }满足:a 12+a 52=8,则a 1+a 2的最大值为( ) A .2B .3C .4D .5【分析】设a 1=2√2cos α,a 5=2√2sin α,(0≤α<2π),求公差,求首项,再利用辅助角公式求最值.解:设等差数列{a n }的公差为d ,由于满足:a 12+a 52=8, 设a 1=2√2cos α,a 5=2√2sin α,(0≤α<2π), 所以a 5﹣a 1=2√2(sin α﹣cos α), 即4d =2√2(sin α﹣cos α),d =√22(sin α﹣cos α),所以a 1+a 2=2a 1+d =4√2cos α+√22(sin α﹣cos α)=7√22cos α+√22sin α=√22(7cos α+sin α)=√22√50(√50cos α1√50sin α)=5sin (θ+α)≤5,(其中tan θ=7), 所以a 1+a 2最大值为5. 故选:D .【点评】本题考查三角换元求取值范围,属于中档题.9.已知直线PQ :y =x −12与y 轴交于P 点,与曲线C :y 2=x (y ≥0)交于Q ,M 成为线段PQ 上一点,过M 作直线x =t 交C 于点N ,则△MNP 面积取到最大值时,t 的值为( ) A .116B .14C .1D .54【分析】求得P ,Q 的坐标,由直线x =t ,联立直线方程和曲线方程可得M ,N 的坐标,运用三角形的面积公式,结合换元法和导数的运用:求单调性和极值、最值,即可得到所求值.解:直线PQ :y =x −12与y 轴交于P (0,−12),由y =x −12与y 2=x (y ≥0)联立,可得Q (1+√32,√32+12),过M作直线x=t交C于点N,可得M(t,t−12),N(t,√t),0≤t≤1+√32,则△MNP面积S=12(√t−t+12)t,设u=√t(0≤u≤1+32),可得S=12(u3﹣u4+12u2),可得S′=12(3u2﹣4u3+u)=−12u(4u+1)(u﹣1),可得0<u<1时,S′>0,S递增;1<u<1+√32时,S′<0,S递减,则面积S在u=1,即t=1处取得极大值,且为最大值.故选:C.【点评】本题考查抛物线的方程和运用,考查三角形的面积的最值求法,注意运用导数,求得单调性和极值、最值,考查化简运算能力,属于中档题.10.已知函数f(x)=e x﹣1﹣ax−1e(a∈R)的图象与x轴有唯一的公共点,则实数a的取值范围为()A.{a|a≤0}B.{a|a≤0,或a=1e}C.{a|a≤0,或a=e}D.{a|a≤0,或a=1}【分析】由于f(0)=0且x∈R,由题意可知f(x)的图象与x轴有唯一的公共点(0,0),结合导数分析函数的性质,进而可求.解:由于f(0)=0且x∈R,由题意可知f(x)的图象与x轴有唯一的公共点(0,0),f′(x)=e x﹣1﹣a,若a≤0,则f′(x)=e x﹣1﹣a>0,函数f(x)单调递增,且f(0)=0满足题意;当a>0时,由f′(x)=e x﹣1﹣a=0可得x=1+lna,当x<1+lna时,f′(x)=e x﹣1﹣a<0,函数单调递减,当x>1+lna时,f′(x)=e x ﹣1﹣a>0,函数单调递增,由题意可得1+lna=0,故a=1 e,综上可得,a=1e或a≤0.故选:B.【点评】本题主要考查了利用导数求解函数的零点个数,体现了导数与函数性质的综合应用.11.已知A ,B 分别为双曲线Γ:x 2−y 23=1实轴的左右两个端点,过双曲线Γ的左焦点F作直线PQ 交双曲线于P ,Q 两点(点P ,Q 异于A ,B ),则直线AP ,BQ 的斜率之比k AP :k BQ =( ) A .−13B .﹣3C .−23D .−32【分析】先根据双曲线方程求出a ,b ,c 的值,再直接设直线方程为x =my ﹣2,代入双曲线方程,消去x ,化简得到关于y 的一元二次方程,得韦达定理,然后将k AP :k BQ 借助于P ,Q 的坐标表示出来,再将韦达定理看成方程,将m 用y 1,y 2表示出来代入前面的比值,化简即可.解:由已知得双曲线Γ:a =1,b =√3,c =2. 故F (﹣2,0),A (﹣1,0),B (1,0).设直线PQ :x =my ﹣2,且P (x 1,y 1),Q (x 2,y 2). 由{x =my −2x 2−y 23=1消去x 整理得(3m 2﹣1)y 2﹣12my +9=0, ∴y 1+y 2=12m 3m 2−1,y 1y 2=93m 2−1, 两式相比得m =34×y 1+y2y 1y 2①, ∴k AP :k BQ =y 1x 1+1×x 2−1y 2=y 1(my 2−3)y 2(my 1−1)=my 1y 2−3y1my 1y 2−y 2②, 将①代入②得:上式=34(y 1+y 2)−3y 134(y 1+y 2)−y 2=3(y 2−3y 1)3y 1−y 2=−3.故k AP :k BQ =﹣3. 故选:B .【点评】本题考查双曲线的性质,以及学生的化简运算能力,属于中档题.12.在四棱锥P ﹣ABCD 中,PA =2,PB =PC =PD =√7,AB =AD =√7,BC =CD =2,则四棱锥P ﹣ABCD 的体积为( ) A .2√3B .√3C .√5D .3【分析】连结AC ,BD ,交于点E ,过P 作PO ⊥平面ABCD ,交AC 于点O ,连结BO ,DO ,则BO =DO =2,PO =√7−4=√3,AO =√4−3=1,DE =BE =√3,四棱锥P ﹣ABCD 的体积为:V =V D ﹣PAC +V B ﹣PAC ,由此能求出结果.解:在四棱锥P ﹣ABCD 中,PA =2,PB =PC =PD =√7,AB =AD =√7,BC =CD =2, 连结AC ,BD ,交于点E ,过P 作PO ⊥平面ABCD ,交AC 于点O ,连结BO,DO,则BO=DO=2,PO=√7−4=√3,AO=√4−3=1,S△PAC=12×AC×PO=32×√3=3√32,DE=BE=√22−12=√3,∴四棱锥P﹣ABCD的体积为:V=V D﹣PAC+V B﹣PAC=13×DE×S△PAC+13×BE×S△PAC=13×√3×3√32+13×√3×3√32=3.故选:D.【点评】本题考查四棱锥的体积的求法,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分13.函数y=lnxx+1在点P(1,0)处的切线方程为x﹣2y﹣1=0.【分析】先求出函数的导数,然后求出切点处的导数值,最后利用点斜式求出直线方程.解:∵y′=1+1x−lnx(x+1)2,∴y′|x=1=12,所以切线为:y=12(x−1),即:x﹣2y﹣1=0.故答案为:x﹣2y﹣1=0.【点评】本题考查导数的几何意义、切线方程的求法,同时考查学生的运算能力.属于基础题.14.一种药在病人血液中的量保持1500mg以上才有疗效;而低于500mg病人就有危险.现给某病人静脉注射了这种药2500mg ,如果药在血液中以每小时20%的比例衰减,为了充分发挥药物的利用价值,那么从现在起经过 2.3 小时向病人的血液补充这种药,才能保持疗效.(附:lg 2≈0.3010,1g 3≈0.4771,精确到0.1h )【分析】先设未知数,再根据题意列出不等式,整理得指数不等式,再利用指数函数的单调性、指数函数和对数函数的关系、换底公式和对数的运算性质,以及条件进行求解. 解:设应在病人注射这种药x 小时后再向病人的血液补充这种药, 依题意,可得500≤2500×(1﹣20%)x ≤1500 整理,得 0.2≤0.8x ≤0.6, ∴log 0.80.6≤x ≤log 0.80.2, ∵log 0.80.6=lg0.6lg0.8=lg6−1lg8−1=lg2+lg3−13lg2−1≈2.3, log 0.80.2=lg0.2lg0.8=lg2−13lg2−1≈7.2, 解得:2.3≤x ≤7.2,应在用药2.3小时后及7.2小时前再向病人的血液补充药. 故答案为:2.3.【点评】本题结合实际考查了指数函数的单调性、指数函数和对数函数的关系和换底公式等等,考查了分析和解决问题的能力.15.柜子里有3双不同的鞋子,随机地取出2只,则取出的2只鞋子不成对的概率为 45.【分析】利用古典概型概率计算公式和对立事件的概率计算公式求解. 解:∵取法总数有C 62=15种,取出的鞋成对的种数有3种, ∴取出的鞋不成对的概率p =1−315=45. 故答案为:45【点评】本题考查概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意对立事件的概率计算公式的灵活运用.16.已知M ,N 为直线3x +4y ﹣10=0上两点,O 为坐标原点,若∠MON =π3,则△MON 的周长最小值为 4√3 .【分析】直接利用点到直线的距离公式的应用和三角形的周长公式的应用求出结果. 解:已知M ,N 为直线3x +4y ﹣10=0上两点,O 为坐标原点,若∠MON =π3,则:原点(0,0)到直线3x+4y﹣10=0的距离d=|0+0−10|√3+4=2.所以当△MON为等边三角形时:设OM=2x,所以(2x)2=22+x2,解得x2=43,故x=2√33,所以l△MON=6x=6×2√33=4√3.故答案为:4√3.【点评】本题考查的知识要点:直线的位置关系的应用,点到直线的距离公式的应用,三角形的周长公式的应用,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于基础题型.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤,第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,满足a=4,C=2B.(1)若b=2,求c;(2)若△ABC的面积为2√3,求tan B.【分析】(1)由C=2B利用二倍角公式得c=2b•cos B,再利用余弦定理即可求出c的值;(2)对角C分锐角和钝角两种情况讨论,分别求出tan B的值,经验证C为钝角不符合题意,所以tan B=√33.解:(1)∵C=2B,∴sin C=sin2B=2sin B cos B,∴c=2b•cos B,∴cos B=c2b =a2+c2−b22ac,∴ac2=b(a2+c2﹣b2),∴4c2=2(16+c2﹣4),∴c2=12,∴c=2√3;(2)(i)若C为锐角,过点A作AH⊥BC于点H,如图所示:设BC 边上的高为h ,则S △ABC =12×4×h =2√3,∴h =√3, 设BH =x ,HC =4﹣x , ∴tan B =ℎx,tan C =ℎ4−x,又∵C =2B , ∴tan C =tan2B =2tanB 1−tan 2B =ℎ4−x =2⋅ℎx1−(ℎx)2, ∴1﹣(√3x )2=2×4−x x ,解得x =3,∴tan B =√33,(ii )若C 为钝角,过A 作AH ⊥BC 的延长线于H ,如图所示:设CH =x ,AH =h =√3, 则tan B =ℎ4+x ,tan (π﹣C )=ℎx=−tan C , ∴由tan C =tan2B 知:−ℎx =2⋅ℎ4+x 1−(ℎ4+x )2, ∴1+2x 4+x −3(4+x)2=0,而x >0,∴x 无解,因此C 为钝角不符合题意,综上所述,tan B =√33.【点评】本题主要考查了三角函数的二倍角公式,以及余弦定理,是中档题.18.如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,侧面ACC1A1是边长为4的菱形,且∠A1AC=π3,面ACC1A1⊥面ABC,A1A⊥BC,BC=4.(1)求证:BC⊥面ACC1A1;(2)求二面角A﹣A1B﹣C的余弦值.【分析】(1)在菱形ACC1A1中,过A1点作A1H⊥AC于H,则A1H⊥BC,再由A1A ⊥BC,能证明BC⊥平面A1C1CA.(2)连结AC1,设AC1∩A1C=M,则BC⊥AM,AM⊥面A1BC,AM⊥A1B,过点M 作MN⊥A1B于点N,连结AN,则A1B⊥平面AMN,A1B⊥AN,从而∠MNA为二面角A﹣A1B﹣C的平面角,由此能求出二面角A﹣A1B﹣C的余弦值.解:(1)证明:在菱形ACC1A1中,过A1点作A1H⊥AC于H,∵平面A1C1CA⊥平面ABC,平面A1C1CA∩平面ABC=AC,∴A1H⊥BC,∵A1A⊥BC,A1A∩A1H=A1,∴BC⊥平面A1C1CA.(2)解:在菱形A1C1CA中,连结AC1,设AC1∩A1C=M,BC⊥平面A1C1CA,∴BC⊥AM,则AM⊥面A1BC,∴AM⊥A1B,过点M作MN⊥A1B于点N,连结AN,则A1B⊥平面AMN,∴A1B⊥AN,∴∠MNA为二面角A﹣A1B﹣C的平面角,设大小为θ,在Rt△A1CB中,BC=CA1=4,且∠A1CB=π2,∴MN=√2,则tanθ=AMMN=2√32=√6,∴cosθ=17=√77,∴二面角A﹣A1B﹣C的余弦值为√77.【点评】本题考查线面垂直的证明,考查二面角的余弦值的求法,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查运算求解能力,是中档题. 19.已知F 1(﹣1,0),F 2(1,0)为椭圆Γ:x 2a +y 2b =1(a >b >0)的左右焦点,过F 2的直线交椭圆于A ,B 两点,△F 1AB 的周长为8. (1)求椭圆Γ的标准方程;(2)已知P (x 0,y 0)(y 0≠0)是直线l :x =4上一动点,若PA ,PB 与x 轴分别交于点M (x M ,0),N (x N ,0),则1x M −1+1x N −1是否为定值,若是,求出该定值,不是请说明理由.【分析】(1)由椭圆的定义可得△F 1AB 的周长为4a ,由题意可得a 的值,及c 的值,再有a ,b ,c 之间的关系求出b 的值,进而求出椭圆的标准方程;(2)分直线AB 的斜率为0和不为0两种情况讨论,求出A ,B 的坐标,设P 的坐标,求出直线PA 的方程,令y =0,求出M 的坐标,进而求出1x M −1的表达式,同理求出1x N −1的表达式,进而求出1x M −1+1x N −1为定值.解:(1)由题意可得三角形AF 1B 中,三角形的周长为|AF 1|+|BF 1|+|AB |=4a =8,解得a =2,而c =1,所以b 2=a 2﹣c 2=4﹣1=3, 所以椭圆Γ的方程为:x 24+y 23=1;(2)由题意设P (4,y 0),A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),设直线AB 的斜率为0时可得,A (﹣2,0),B (2,0),则直线PA 与x 轴的交点M 的横坐标x M =﹣2, 同理可得x N =2, 所以1x M −1+1x N −1=1−2−1+12−1=23,当直线AB 的斜率不为0时,设直线AB 的方程为:x =my +1,联立直线AB 与椭圆的方程{x =my +13x 2+4y 2−12=0,整理可得(4+3m 2)y 2+6my ﹣9=0,y 1+y 2=−6m 4+3m 2,y 1y 2=−94+3m 2, 设直线PA 的方程为:y =y 0−y14−x 1(x ﹣4)+y 0,令y =0,可得x M ﹣1=−y 0(4−x 1)y 0−y 1+3=−4y 0+y 0(my 1+1)+3y 0−3y 1y 0−y 1=y 1(my 0−3)y 0−y 1, 所以1x M −1=y 0−y 1y 1(my 0−3),同理可得1x N −1=y 0−y 2y 2(my 0−3), 所以1x M −1+1x N −1=y 0−y 1y 1(my 0−3)+y 0−y 2y 2(my 0−3)=(y 0−y 1)y 2+(y 0−y 2)y 1y 1y 2(my 0−3)=y 0(y 1+y 2)−2y 1y 2y 1y 2(my 0−3)=y 0⋅−6m 4+3m 2−2⋅−94+3m 2−94+3m 2⋅(my 0−3)=−6(my 0−3)−9(my 0−3)=23;综上所述1x M −1+1x N −1为定值23.【点评】本题考查求椭圆的标准方程,及直线与椭圆的综合,属于中档题.20.一种新的验血技术可以提高血液检测效率.现某专业检测机构提取了n (n ≥6)份血液样本,其中只有1份呈阳性,并设计了如下混合检测方案:先随机对其中(n ﹣3)份血液样本分别取样,然后再混合在一起进行检测,若检测结果为阴性,则对另外3份血液逐一检测,直到确定呈阳性的血液为止;若检测结果呈阳性,测对这(n ﹣3)份血液再逐一检测,直到确定呈阳性的血液为止.(1)若n =6,求恰好经过3次检测而确定呈阳性的血液的事件概率; (2)若n ≥8,宜采用以上方案检测而确定呈阳性的血液所需次数为ξ, ①求ξ的概率分布; ②求E ξ.【分析】(1)不论第一次检测结果如何,都要对含有2阴1阳得血液样本进行逐一检测,故第2次和第3次检测的都是阴性或者第2次检测的是阴性,第3次检测的是阳性,根据组合数公式和古典概型的概率公式计算概率;(2)根据组合数公式和古典概型的概率公式依次计算ξ=2,3,4,…,n ﹣3的概率,得出分布列和数学期望.解:(1)n =6时,不论第一次检测的混合血液是阴性还是阳性,从第2次检测开始,都是对含有1阳性,2阴性的3份血液进行逐一检测,若恰好经过3次检测而确定阳性血液,则第2次和第3次检测的都是阴性或者第2次检测的是阴性,第3次检测的是阳性,故恰好经过3次检测而确定呈阳性的血液的事件概率为P =C 22C 32+C 21C 11C 31⋅C 21=23. (2)①n ≥8时,P (ξ=2)=C n−1n−3C n n−3⋅C 11C 31+C n−13C n 3⋅C 11C n−31=2n, P (ξ=3)=C n−12⋅C 11C n 3•(C 21⋅C 11C 31⋅C 21+C 21⋅C 11C 31⋅C 21)+C n−13C n 3⋅C n−41C 11C n−31C n−41=3n,P (ξ=4)=C n−13C n3•C n−42C 11C n−32⋅C n−51=1n,当4≤k ≤n ﹣4时,P (ξ=k )=C n−13C n3⋅C n−4k−2C 11C n−3k−2C n−3−(k−2)1=1n ,P (ξ=k ﹣3)=C n−13C n3⋅C n−4n−4C 11C n−3n−4C 11•2=2n,∴ξ的分布列为:ξ 2 3 4 … n ﹣4 n ﹣3 P 2n3n1n…1n2n②E ξ=2•2n+3•3n+4•1n+⋯+(n ﹣4)⋅1n +(n ﹣3)•2n =n 2−3n+142n.【点评】本题考查了离散型随机变量的概率计算,属于中档题. 21.已知函数f (x )=lnx +cos x .(1)讨论f (x )在(0,π)极值点个数; (2)证明:不等式f (x )>0在(π2,π)恒成立.附:ln(5π6)≈0.9624,ln(2π3)≈0.7393. 【分析】(1)求导,分x ∈(0,π2),x ∈[π2,5π6]以及x ∈(5π6,π),判断函数的单调性,进而得出极值点情况;(2)分π2<x ≤5π6,5π6<x <π,结合零点存在性定理以及放缩思想得证.解:(1)f′(x)=1−xsinxx,设g (x )=1﹣x sin x , ①在x ∈(0,π2)时,则g(0)=1,g(π2)=1−π2<0,g ′(x )=﹣(sin x +x cos x )<0知g (x )在(0,π2)递减,∴存在x 1∈(0,π2),使得g (x 1)=0,在x ∈(0,x 1)时,f ′(x )>0,在x ∈(x 1,π2)时,f ′(x )<0, ∴x 1为f (x )的极大值点; ②在x ∈[π2,5π6]时,12≤sinx ≤1,有xsinx ≥min{π2sin π2,5π6sin 5π6}>1,f ′(x )<0在(π2,5π6)上恒成立,f (x )在(π2,5π6)上递减, ∴此时f (x )无极值; ③在x ∈(5π6,π)时,f′(5π6)<0,f′(π)=12>0,f″(x)=−(cosx +1x2)>0在(5π6,π)上恒成立, ∴f ′(x )在(5π6,π)上递增, ∴存在唯一的x 2∈(5π6,π),使得f ′(x 2)=0,且在x ∈(5π6,x 2)时,f ′(x )<0,在x ∈(x 2,π)时,f ′(x )>0, ∴x 2为f (x )的极小值点.综上,函数f (x )在(0,π)上有两个极值点; (2)证明:由(1)知,f′(x)=1−xsinxx, ①若π2<x ≤5π6时,12≤sinx <1,而xsinx ≥min{π2sin π2,5π6sin 5π6}>1,∴f ′(x )<0在(π2,5π6)上恒成立,f (x )在(π2,5π6)上递减,∴f(x)>f(5π6)=cos 5π6+ln 5π6=−√32+0.9624>0;②若5π6<x <π,f′(5π6)<0,f′(π)=12>0,f″(x)=−(cosx +1x2)>0在(5π6,π)上恒成立, ∴f ′(x )在(5π6,π)上递增,∴存在唯一的x 0∈(5π6,π),使得x 0sin x 0=1,且当x ∈(5π6,x 0)时,f ′(x )<0,在x ∈(x 0,π)时,f ′(x )>0,∴f(x)min =f(x 0)=cosx 0+lnx 0=lnx 0−√1−1x 02, 下面证明:ln 2x +1x2>1在x ∈(5π6,π)上恒成立, 记m(x)=ln 2x +1x 2,m′(x)=2x (lnx −1x 2),lnx >ln 5π6>0.96,1x 2<0.14,则m ′(x )>0, ∴m (x )在x ∈(5π6,π)上递增, 于是m(x)>m(5π6)=ln 25π6+1(5π6)2=0.92+0.14=1.06>1,从而可知lnx 0−√1−1x 02>0; 综合①②可知,不等式f (x )>0在(π2,π)恒成立.【点评】本题考查利用导数研究函数的极值点个数以及不等式的恒成立问题,考查分类讨论思想,转化思想,考查运算求解能力,综合性较强,难度大. 一、选择题22.在直角坐标系xOy 中,直线l 的参数方程为{x =2+tcosαy =tsinα(t 参数,α为常数),以坐标原点O 为极点,x 轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C 的极坐标方程为ρsin 2θ2=1.(1)求曲线C 的直角坐标方程;(2)设直线l 与曲线C 的交点为P ,Q 两点,曲线C 和x 轴交点为A ,若△APQ 面积为6√6,求tan α的值.【分析】(1)直接利用转换关系,把参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间进行转换. (2)利用一元二次方程根和系数关系式的应用和三角函数关系式的变换求出结果. 解:(1)直线l 的参数方程为{x =2+tcosαy =tsinα(t 参数,α为常数),转换为直角坐标方程为y =k (x ﹣2).曲线C 的极坐标方程为ρsin 2θ2=1.整理得ρ⋅1−cosθ2=1,根据x =ρcos θ,ρ2=x 2+y 2转,换为直角坐标方程为y 2=4x +4.(2)由于y 2=4x +4与x 轴的交点坐标为(﹣1,0),所以{y 2=4x +4y =k(x −2)得到y 2−4ky −12=0,记t =1k,所以y 2﹣4ty ﹣12=0,整理得|y 1−y 2|=√(4t)2+4×12=4√t 2+3. 所以S △APQ =12×|AM|×|y 1−y 2|=6√t 2+3=6√6,解得t =±√3,即k =±√33,所以tanα=±√33.【点评】本题考查的知识要点:参数方程、极坐标方程和直角坐标方程之间的转换,一元二次方程根和系数关系式的应用,三角函数关系式的变换,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于基础题型. [选修4-5:不等式选讲]23.已知正数a ,b ,c 满足a +b +c =1.求证: (1)ab <14; (2)a1−a+b 1−b+c 1−c≥32.【分析】(1)由已知得a +b <1,用均值不等式即可; (2)用分析法把a 1−a+b 1−b+c 1−c≥32左式分离变量,再由a +b +c =1变形配凑成3元均值不等式的形式即可证明.【解答】证明:(1)因为正数a ,b ,c 满足a +b +c =1,所以a +b <1, 由于ab ≤(a+b 2)2<14,故ab <14.(2)分析法:要证原式,只要证:a−1+11−a+b−1+11−b+c−1+11−c≥32,即证﹣3+11−a +11−b+11−c ≥32, 只要证:11−a+11−b+11−c≥92,即证:[(1﹣a )+(1﹣b )+(1﹣c )](11−a+11−b+11−c)≥9,因为(1﹣a )+(1﹣b )+(1﹣c )≥3√(1−a)(1−b)(1−c)3,①11−a+11−b+11−c≥3√11−a ⋅11−b ⋅11−c3②将①②两式相乘即得要证的式子:[(1﹣a )+(1﹣b )+(1﹣c )](11−a+11−b+11−c)≥9,以上每步都成立,所以不等式a1−a+b1−b+c1−c≥32成立.【点评】本题考查多项式的化简变形技巧,均值不等式的应用.属于中档题.。

湖北省2020届高三(5月)调研模拟考试数学(理科)试卷 含答案

湖北省2020届高三(5月)调研模拟考试数学(理科)试卷 含答案
湖北省 2020 年高三(5 月)调研模拟考试
理科数学试卷
本试卷共 5 页,23 题(含选考题)。全卷满分 150 分。考试用时 120 分钟。 ★祝考试顺利★
注意事项:
2020.5
1.答题前先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上 的指定位置。
2.选择题的作答:每小题选出答案后,用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷 草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
.
16.已知双曲线
C:x a
2 2

y2 b2
= 1(a
0,b 0) 的左焦点 F1(−c,0) 关于直线
3x + y = 0 的对称点 P 在双曲线
上.则双曲线 C 的离心率为
.
3
三、解答题:共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第 17 题~第 21 题为必考题,每个试 题考生都必须作答.第 22 题~第 23 题为选考题,考生根据要求作答. (一)必考题:共 60 分 17.(本小题满分 12 分)
D. x − y − 3 = 0
4.我国古代的天文学和数学著作《周髀算经》中记载:一年有二十四个节气,每个节气晷(gui)长损益相 同(晷是按照日影测定时刻的仪器.晷长即为所测量影子的长度).夏至、小暑、大暑、立秋、处暑、白露、 秋分、寒露、霜降、立冬、小雪、大雪是连续十二个节气,其日影子长依次成等差数列.经记录测算,夏 至、处暑、霜降三个节气日影子长之和为 16.5 尺,这十二节气的所有日影子长之和为 84 尺,则夏至的日影
15.某校随机抽取 100 名同学进行“垃圾分类”的问卷测试,测试结果发现这 100 名同学的得分都在[50, 100]

2020年湖北省武汉市部分学校高考数学模拟试卷(理科)(5月份) (含答案解析)

2020年湖北省武汉市部分学校高考数学模拟试卷(理科)(5月份) (含答案解析)

2020年湖北省武汉市部分学校高考数学模拟试卷(理科)(5月份)一、选择题(本大题共12小题,共60.0分)1. 复数z =2+i 1−2i 的共扼复数是( ). A. −35i B. 35i C. −i D. i2. 已知全集U =R ,集合A ={x|x 2−x −6>0},那么集合∁U A 等于( )A. {x|−2≤x ≤3}B. {x|x <−2或x >3}C. {x|−3≤x ≤2}D. {x|−2<x <3}3. 已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,且3S 1−2S 3=15,则a 3为( )A. 3B. −4C. −5D. 64. 如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的正视图(等腰直角三角形)、侧视图、俯视图.则该几何体的体积为( )A. 53B. 103C. 83D. 3 5. 某人射击一次命中目标的概率为12,且每次射击相互独立,则此人射击6次,有3次命中且恰有2次连续命中的概率为( )A. C 63(12)6 B. C 42(12)6 C. A 42(12)6 D. C 41(12)6 6. 已知双曲线C :x 2a 2−y 2b2=1(a >0,b >0)的左、右焦点为F 1,F 2,若双曲线C 上存在一点P ,使得△PF 1F 2为等腰三角形,且cos∠F 1PF 2=14,则双曲线C 的离心率为( ) A. 43 B. 32 C. 2 D. 37. 已知函数f(x)=sin x −lg |x|,则函数f(x)的零点个数为( )A. 3B. 5C. 6D. 78. 已知函数f(x)=sin(ωx +2φ)−2sinφcos(ωx +φ)(ω>0,φ∈R)在(π,3π2)上单调递减,则ω的取值范围是( ) A. (0,2] B. (0,12] C. [12,1] D. [12,54] 9. 已知A,B,C 为球O 的球面上的三个点,⊙O 1为▵ABC 的外接圆,若⊙O 1的面积为4π,AB =BC =AC =OO 1,则球O 的表面积为( )A. 64πB. 48πC. 36πD. 32π10. 已知a ⃗ ,b ⃗ 为单位向量,其夹角为60°,则(2a ⃗ −b ⃗ )⋅b ⃗ =( )A. −1B. 0C. 1D. 211. 数学中的数形结合,也可以组成世间万物的绚丽画面.一些优美的曲线是数学形象美、对称美、和谐美的结合产物.曲线C:(x 2+y 2)3=16x 2y 2恰好是四叶玫瑰线.给出下列结论:①曲线C 经过5个整点(即横、纵坐标均为整数的点);②曲线C 上任意一点到坐标原点O 的距离都不超过2;③曲线C 围成区域的面积大于4π;④方程(x 2+y 2)3=16x 2y 2(xy <0)表示的曲线C 在第二象限和第四象限.其中正确结论的序号是( )A. ①③B. ②④C. ①②③D. ②③④ 12. 已知不等式x +alnx +1e x ≥x a 对任意x ∈(1,+∞)恒成立,则实数a 的最小值为 ( )A. −√eB. −e 2C. −eD. −2e二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)13. 若实数x,y 满足约束条件{x +2y ≥0x −y ≤0x −2y +2≥0,则z =3x −y 的最小值等于______.14. 已知函数f(x)=asinx +2(a ∈R )在点(0,f(0))处的切线方程为y =−x +2,则a =________.15. 一个小组有6人,任选2名代表,求其中甲当选的概率是________.16. 在数列{a n }中,S n 为{a n }的前n 项和,n(a n+1−a n )=a n (n ∈N ∗),且a 3=π,则tanS 4=________.三、解答题(本大题共7小题,共82.0分)17.在△ABC中,已知sin A:sin B:sin C=4:5:6,且a+b+c=30,求a.18.如图,在四棱锥P−ABCD中,底面ABCD为平行四边形,∠DAB=45°,PD⊥平面ABCD,AP⊥BD.(1)证明:BC⊥平面PDB;(2)若AB=√2,PB与平面APD所成角为45°,求二面角A−PC−B的大小.19.已知点M为直线l1:x=−1上的动点,N(1,0),过M作直线l1的垂线,交MN的中垂线于点P,记P点的轨迹为C.(1)求曲线C的方程;(2)若直线l2:y=kx+m与圆E:(x−3)2+y2=6相切于点D,与曲线C交于A,B两点,且D为线段AB的中点,求直线l2的方程.20.劲牌有限公司创建于1953年,历经六十余年的稳步发展,现已成为一家专业化的健康食品企业。

2020届武汉5月质检理数试卷答案

2020届武汉5月质检理数试卷答案


sin
2
2
1

1
cos 2
1,
所以 cos 2 ,即 x2 y2 x 2 ,
所以 y2 4x 4
……5 分
(2)
y2
4x
4

x
轴交点为
A(1,0)
,由
y2 4x 4
y
k(x
2)
,得
y2
4 k
y
12
0

记t
1 ,则 y2 4ty 12 0 , k
y1 y2
(4t)2 4 12 4 t 2 3
,
π)
时,
f
(
5π 6
)
0,
f
(π)
1- π·0 2
0
f
( x)
(cos
x
1 x2
)
0,

(
5π 6
,
π)
上恒成立.
∴ f (x)在(56π , π)上递增,
理科数学参考答案第 4 页(共 6 页)
因此存在唯一
x2
(
5π 6
, π) ,使得
f
(x2 )
0

(
5π 6
, x2 )
时,
f
( x)
0 ,在 (x2 , )
阳性,并且对含阳性血液的一组进行检测时,前两次检测出血液为阴性,或第一次
为阴性第二次为阳性.
P
C53 C63
(
C22C11 C32C11
C21C11 C31C21
)
2
2 3
……4 分
(2)①在 n 8 时, P(
2)

湖北省武汉市2020届高三下学期5月质量检测数学(理)试题(附答案及解析)

湖北省武汉市2020届高三下学期5月质量检测数学(理)试题(附答案及解析)

湖北省武汉市2020届高三下学期5月质量检测数学(理)试题一、选择题 本大题共12道小题。

1.已知等差数列{a n }满足:22158a a +=,则12a a +的最大值为( ) A. 2B. 3C. 4D. 5答案及解析:1.D 【分析】设等差数列{}n a 的公差为d ,根据22158a a +=,利用平方关系,设15,a a θθ==,则()125sin a a θθθϕ=+=++,再利用三角函数的性质求解. 【详解】设等差数列{}n a 的公差为d , 因为22158a a +=,由22cos sin 1αα+=,设15,a a θθ==, 则()211511422a a d a a a θθ=+=+-=+, 所以()125sin ,tan 7a a θθθϕϕ==+=+, 当2,2k k Z πθϕπ+=+∈时,12a a +的最大值为5.故选:D答案第26页,总27页【点睛】本题主要考查数列的通项公式,三角换元法的应用以及三角恒等变换,三角函数的性质,还考查了运算求解的能力,属于中档题. 2.在某项测量中,测量结果ξ服从正态分布()21,(0)N σσ>,若ξ在(0,2)内取值的概率为0.8,则ξ在(0,+∞)内取值的概率为( ) A. 0.9B. 0.1C. 0.5D. 0.4答案及解析:2.A 【分析】根据ξ服从正态分布()21,(0)N σσ>,得到曲线的对称轴是直线1x =,根据所给的ξ在(0,2)内取值的概率为0.8,根据正态曲线的对称性,即可求出在(0,)+∞内取值的概率. 【详解】因为ξ服从正态分布()21,(0)N σσ>,所以曲线的对称轴是直线1x =, 又ξ在(0,2)内取值的概率为0.8,根据正态曲线的性质,则在(0,)+∞内取值的概率为0.80.10.9+=. 故选:A .【点睛】本题考查正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义,主要考查正态曲线的对称性;一般地,X 是服从正态分布,正态分布一般记为()2,N μσ,μ为正态分布的均值(均值就是对称轴),σ是正态分布是标准差;本题属于基础题. 3.若某几何体的三视图如下,则该几何体的体积为( ).○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………A. 2B. 4C. 42D.43答案及解析:3.B 【分析】该三视图还原之后是一个斜四棱柱,为了方便理解,可以将其分开成两个三棱柱再拼凑成一个长方体,最后由长方体体积公式计算即可.【详解】该三视图还原之后是一个斜四棱柱,为了方便理解,可以将其分开成两个三棱柱再拼凑成一个长方体,答案第26页,总27页……○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※……○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………所以体积为1224V =⨯⨯=. 故选:B【点睛】本题考查由三视图求直观图的体积,属于基础题. 4.已知向量,a b 是互相垂直的单位向量,向量c 满足1c a ⋅=,1c b ⋅=则||a c +=( ) A. 2B.5C. 3D. 7答案及解析:4.B 【分析】由向量,a b 是互相垂直的单位向量,分别以,a b 所在直线建立直角坐标系,再根据向量c 满足1c a ⋅=,1c b ⋅=,求得向量c 的坐标,再利用求模公式求解.【详解】因为向量,a b 是互相垂直的单位向量, 建立如图所示直角坐标系:则()()()1,0,0,1,,a b c x y ===, 因为向量c 满足1c a ⋅=,1c b ⋅=, 所以101,011x y x y ⨯+⨯=⨯+⨯=,1,1x y ==,所以()1,1c =, 所以()2,1a c +=, 所以2||21a c +=+=. 故选:B【点睛】本题主要考查平面向量的数量积运算及模的求法,还考查了运算求解的能力,属于中档题. 5.已知函数11()()x f x e ax a R e-=--∈的图象与x 轴有唯一的公共点,则实数a 的取值范围为( )A. {|0}a a ≤B. {|0a a ≤或1}a e=C. {|0a a ≤或}a e =D. {|0a a ≤或1}a =答案及解析:5.B 【分析】由题意得出函数()f x 的图象与x 轴有唯一的公共点为原点,利用导数讨论函数()f x 的单调性,即可得出实数a 的取值范围.【详解】由题意可得11(0)0f e e-=-=,则函数()f x 的图象与x 轴有唯一的公共点为原点 1()x f x e a '-=-当0,()0a f x '≤>,则函数()f x 在R 上单调递增,此时函数()f x 的图象与x 轴有唯一的公共点当0a >时,()0ln 1f x x a '>⇒>+;()0ln 1f x x a '<⇒<+()f x ∴在(,ln 1)a -∞+上单调递减,在(ln 1,)a ++∞上单调递增由题意可得ln 10a +=,解得1a e=答案第26页,总27页综上,实数a 的取值范围为{|0a a ≤或1}a e= 故选:B【点睛】本题主要考查了利用导数研究函数的零点问题,属于中档题. 6.已知集合103x A xx ⎧⎫-=≤⎨⎬+⎩⎭,{}2B x x =<,则A ∩B =( ).A .{}21x x -<< B. {}32x x -<<C. {}21x x -<≤D. {}21x x -≤≤答案及解析:6.C【分析】首先分别解不等式103x x -≤+和2x <,再求交集即可. 【详解】因为(1)(3)01031303x x x x x x -+≤⎧-≤⇒⇒-<≤⎨+≠+⎩, 所以{}31A x x =-<≤.因为222x x <⇒-<<,所以{}22B x x =-<<.{}21A B x x ⋂=-<≤.故选:C【点睛】本题主要考查集合的交集运算,同时考查了分式不等式和绝对值不等式的解法,属于简单题. 7.已知函数()()ππcos 322f x x ϕϕ⎛⎫=+-<< ⎪⎝⎭图象关于直线5π18x =对称,则函数f (x )在区间[]0,π上零点的个数为( ). A. 1B. 2C. 3D. 4答案及解析:7.C【分析】根据对称轴可得()5318k k Z πϕπ⨯+=∈,从而求出6π=ϕ,进而可得()cos 36f x x π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭,令()cos 306f x x π⎛⎫=+= ⎪⎝⎭,解方程即可.【详解】函数()()ππcos 322f x x ϕϕ⎛⎫=+-<< ⎪⎝⎭图象关于直线5π18x =对称, 所以()5318k k Z πϕπ⨯+=∈,解得()56k k Z πϕπ=-∈, 又因为ππ22ϕ-<<,所以6π=ϕ,所以()cos 36f x x π⎛⎫=+⎪⎝⎭, 令()cos 306f x x π⎛⎫=+= ⎪⎝⎭, 则()362x k k Z πππ+=+∈,解得39k x ππ=+, 因为[]0,πx ∈, 所以9x π=,49π,79π. 即函数()f x 在区间[]0,π上零点的个数为3. 故选:C【点睛】本题考查了余弦函数的性质以及求函数的零点个数,解题的关键是掌握余弦函数的对称轴,属于基础题. 8.已知A 、B 分别为双曲线22:13y x Γ-=实轴的左右两个端点,过双曲线Γ的左焦点F 作直线PQ 交双曲线于P 、Q 两点(点P 、Q 异于A 、B ),则直线,AP BQ 的斜率之比:AP BQ k k =( )A. 13- B. 3- C. 23-D. 32-答案及解析:8.B答案第26页,总27页【分析】先根据双曲线方程求出a ,b ,c 的值,再直接设直线方程为2x my =-,代入双曲线方程,消去x ,化简得到关于y 的一元二次方程,得韦达定理,然后将:AP BQ k k 借助于P ,Q 的坐标表示出来,再将韦达定理看成方程,将m 用1y ,2y 表示出来代入前面的比值,化简即可. 【详解】解:由已知得双曲线:1a Γ=,b =2c =.故(2,0)F -,(1,0)A -,(1,0)B .设直线:2PQ x my =-,且1(P x ,1)y ,2(Q x ,2)y .由22213x my y x =-⎧⎪⎨-=⎪⎩消去x 整理得22(31)1290m y my --+=,∴121222129,3131m y y y y m m +==--, 两式相比得121234y y m y y +=⨯①,121212112211221(3)3:1(1)AP BQ y x y my my y y k k x y y my my y y ---∴=⨯==+--②, 将①代入②得:上式12121121223()33(3)4333()4y y y y y y y y y y +--===--+-. 故:3AP BQ k k =-. 故选:B .【点睛】本题考查双曲线的性质,以及学生的化简运算能力,属于中档题. 9.已知直线1:2PQ y x =-与y 轴交于P 点,与曲线2:(0)C y x y =≥交于Q ,M 成为线段PQ 上一点,过M 作直线x t =交C 于点N ,则MNP △面积取到最大值时,t 的值为( )A. 116B. 14C. 1D.54答案及解析:9.C○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………【分析】先求得P ,Q 的坐标,由直线x t =,联立直线方程和曲线方程可得M ,N 的坐标,运用三角形的面积公式,结合换元法和导数的运用求函数的单调性和最值,即可得到所求值. 【详解】直线1:2PQ y x =-与y轴交于1(0,)2P -,由12y x =-与2(0)y x y =≥联立,可得3(1Q +31)2+,过M 作直线x t =交C 于点N ,可得1(,)2M t t -,()N t t ,301t ≤≤+则MNP △面积11()22S t t t =+,设3(01)2u t u =≤≤+,可得34211()22S u u u =-+,可得2311(34)(41)(1)22S u u u u u u '=-+=-+-,可得01u <<时,0S '>,S 单调递增;3112u <<+0S '<,S 单调递减, 则面积S 在1u =即1t =处取得极大值,且为函数的最大值. 故选:C .【点睛】本题考查抛物线的方程和运用,考查直线和抛物线的位置关系,考查三角形的面积的最值求法,考查利用导数研究函数的最值,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力. 10.已知复数z 满足,12z ii i+=++,则复数z =( ). A. 2i +B. 12i +C. 3i +D. 32i -答案第26页,总27页答案及解析:10.B 【分析】首先根据题意得到(1)(2)z i i i =++-,再化简即可得到答案. 【详解】2(1)(2)2312z i i i i i i i =++-=++-=+. 故选:B【点睛】本题主要考查复数的乘法运算,属于简单题. 11.设等比数列{a n }的前n 项和为S n ,12342,20a a a a =++=,则5S =( ) A. 2B. 0C. -2D. -4答案及解析:11.A 【分析】利用等比数列基本量,求出q ,再求5S 【详解】12342,20a a a a =++=2311120q q q a a a ∴++=,2320q q q ∴++=;0q ∴=或1q =-;等比数列公比不能为0,1q =-552[1(1)]21+1S --==故选:A【点睛】本题考查等比数列前n 项和n S .等解决等比数列基本量计算问题利用方程的思想.等比数列中有五个量1n n a n q a S ,,,,一般可以“知三求二”,通过列方程(组)求关键量1a 和q . 12.○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………在四棱锥P ﹣ABCD 中,2,7,7,2PA PB PC PD AB AD BC CD ========,则四棱锥P ﹣ABCD 的体积为( ) A. 23B.3C.5D. 3答案及解析:12.D 【分析】连接BD 、AC 交于点O ,连接PO ,由题意结合平面几何知识可得BD AC ⊥,BO DO =,BD PO ⊥,PO AO =,设PO AO m ==,CO n =,由勾股定理可得223m n -=,由余弦定理可得()()24714m n m m n ++-=+,化简可得2mn =,进而可得2m =,1n =,再利用P ABCD B PAC D PAC V V V ---=+即可得解.【详解】连接BD 、AC 交于点O ,连接PO ,如图:由2PA =,7PB PC PD ===7AB AD ==2BC CD ==,可得BD AC ⊥,BO DO =,BD PO ⊥,BPD ABD ≅△△,PO AO =, 所以BD ⊥平面PAC , 设PO AO m ==,CO n =,由勾股定理得22274DO m n =-=-,即223m n -=,在POA ∆中,22241cos 24AP AO PO PAO AP AO m m+-∠===⋅,答案第26页,总27页在PCA ∆中,()()222247cos 24m n AP AC PC PAC AP AC m n ++-+-∠==⋅+, 由PAO PAC ∠=∠可得()()24714m n m m n ++-=+,又223m n -=,所以()()()22214m n m n m m n +--=+,化简得2mn =, 将2n m=代入223m n -=可得2243m m -=,解得24m =或21m =-(舍去),所以2m =,1n =,3AC =,BO DO ==APO △为等边三角形,所以1sin 32APC S AP AC PAC =⋅⋅∠==△, 所以1133P ABCD B PAC D PAC APC APC V V V S BO S DO ---=+=⋅+⋅△△ 1233==. 故选:D.【点睛】本题考查了立体图形的几何特征、空间位置关系与余弦定理的综合应用,考查了立体图形体积的求解和方程思想,属于难题. 一、填空题 本大题共4道小题。

2020年湖北省武汉市高考数学模拟试卷(理科)(5月份)(含解析)

2020年湖北省武汉市高考数学模拟试卷(理科)(5月份)(含解析)

2020年湖北省武汉市高考数学模拟试卷(理科)(5月份)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.已知复数z 满足z+i2+i =1+i ,则复数z =( ) A.2+iB.1+2iC.3+iD.3−2i2.已知集合A ={x|x−1x+3≤0},B ={x||x|<2},则A ∩B =( ) A.{x|−2<x <1} B.{x|−3<x <2} C.{x|−2<x ≤1}D.{x|−2≤x ≤1}3.设等比数列{a n }的前n 项和为S n ,a 1=2,a 2+2a 3+a 4=0,则S 5=( ) A.2B.0C.−2D.−44.若某几何体的三视图如图,则该几何体的体积为( )A.2B.4C.4√2D.435.在某项测量中,测量结果X 服从正态分布N(1, σ2)(σ>0),若X 在(0, 2)内取值的概率为0.8,则X 在[0, +∞)内取值的概率为( ) A.0.9B.0.8C.0.3D.0.16.已知函数f(x)=cos(3x +φ)(−π2<φ<π2)图象关于直线x =5π18对称,则函数f(x)在区间[0, π]上零点的个数为( ) A.1B.2C.3D.47.已知向量a →,b →是互相垂直的单位向量,向量c →满足c →⋅a →=1,c →⋅b →=1,则|a →+c →|=() A.2B.√5C.3D.78.已知等差数列{a n }满足:a 12+a 52=8,则a 1+a 2的最大值为( )A.2B.3C.4D.59.已知直线PQ:y=x−12与y轴交于P点,与曲线C:y2=x(y≥0)交于Q,M 成为线段PQ上一点,过M作直线x=t交C于点N,则△MNP面积取到最大值时,t的值为()A.116B.14C.1D.5410.已知函数f(x)=e x−1−ax−1e(a∈R)的图象与x轴有唯一的公共点,则实数a的取值范围为()A.{a|a≤0}B.{a|a≤0,a=1e}C.{a|a≤0, 或a=e}D.{a|a≤0, 或a=1}11.已知A,B分别为双曲线Γ:x2−y23=1实轴的左右两个端点,过双曲线Γ的左焦点F作直线PQ交双曲线于P,Q两点(点P,Q异于A,B),则直线AP,BQ的斜率之比k AP:k BQ=()A.−13B.−3 C.−23D.−3212.在四棱锥P−ABCD中,PA=2,PB=PC=PD=√7,AB=AD=√7,BC=CD=2,则四棱锥P−ABCD的体积为()A.2√3B.√3C.√5D.3二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分13.函数y=lnxx+1在点P(1, 0)处的切线方程为________.14.一种药在病人血液中的量保持1500mg以上才有疗效;而低于500mg病人就有危险.现给某病人静脉注射了这种药2500mg,如果药在血液中以每小时20%的比例衰减,为了充分发挥药物的利用价值,那么从现在起经过________小时向病人的血液补充这种药,才能保持疗效.(附:lg2≈0.3010,1g3≈0.4771,精确到0.1ℎ)15.柜子里有3双不同的鞋子,随机地取出2只,则取出的2只鞋子不成对的概率为________.16.已知M,N为直线3x+4y−10=0上两点,O为坐标原点,若∠MON=π3,则△MON的周长最小值为________.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤,第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,满足a=4,C=2B.(1)若b=2,求c;(2)若△ABC的面积为2√3,求tanB.18.如图,在三棱柱ABC−A1B1C1中,侧面ACC1A1是边长为4的菱形,且∠A1AC=π3,面ACC1A1⊥面ABC,A1A⊥BC,BC=4.(1)求证:BC⊥面ACC1A1;(2)求二面角A−A1B−C的余弦值.19.已知F1(−1, 0),F2(1, 0)为椭圆Γ:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左右焦点,过F2的直线交椭圆于A,B两点,△F1AB的周长为8.(1)求椭圆Γ的标准方程;(2)已知P(x0, y0)(y0≠0)是直线l:x=4上一动点,若PA,PB与x轴分别交于点M(x M, 0),N(x N, 0),则1x M−1+1x N−1是否为定值,若是,求出该定值,不是请说明理由.20.一种新的验血技术可以提高血液检测效率.现某专业检测机构提取了n(n≥6)份血液样本,其中只有1份呈阳性,并设计了如下混合检测方案:先随机对其中(n−3)份血液样本分别取样,然后再混合在一起进行检测,若检测结果为阴性,则对另外3份血液逐一检测,直到确定呈阳性的血液为止;若检测结果呈阳性,测对这(n−3)份血液再逐一检测,直到确定呈阳性的血液为止.(1)若n=6,求恰好经过3次检测而确定呈阳性的血液的事件概率;(2)若n≥8,宜采用以上方案检测而确定呈阳性的血液所需次数为ξ,①求ξ的概率分布;②求Eξ.21.已知函数f(x)=lnx+cosx.(1)讨论f(x)在(0, π)极值点个数;(2)证明:不等式f(x)>0在(π2,π)恒成立.附:ln(5π6)≈0.9624,ln(2π3)≈0.7393.(二)选考题:共10分.请考生从第22、23题中任选一题作答.并用2B铅笔将答题卡上所选题目对应的题号右侧方框涂黑,按所涂题号进行评分;多涂、多答,按所涂的首题进行评分;不涂,按本选考题的首题进行评分.[选修4-4:坐标系与参数方程]22.在直角坐标系xOy中,直线l的参数方程为{x=2+tcosαy=tsinα(t参数,α为常数),以坐标原点O为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C的极坐标方程为ρsin2θ2=1.(1)求曲线C的直角坐标方程;(2)设直线l与曲线C的交点为P,Q两点,曲线C和x轴交点为A,若△APQ 面积为6√6,求tanα的值.[选修4-5:不等式选讲]23.已知正数a,b,c满足a+b+c=1.求证:(1)ab<14;(2)a1−a +b1−b+c1−c≥32.2020年湖北省武汉市高考数学模拟试卷(理科)(5月份)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.=1+i,则复数z=()1.已知复数z满足z+i2+iA.2+iB.1+2iC.3+iD.3−2i【解答】=1+i,得z+i=(1+i)(2+i)=1+3i,由z+i2+i∴z=1+2i,≤0},B={x||x|<2},则A∩B=()2.已知集合A={x|x−1x+3A.{x|−2<x<1}B.{x|−3<x<2}C.{x|−2<x≤1}D.{x|−2≤x≤1}【解答】≤0}={x|−3<x≤1},∵集合A={x|x−1x+3B={x||x|<2}={x|−2<x<2},∴A∩B={x|−2<x≤1}.3.设等比数列{a n}的前n项和为S n,a1=2,a2+2a3+a4=0,则S5=()A.2B.0C.−2D.−4【解答】设公比为q,q≠0,等比数列{a n}的前n项和为S n,a1=2,a2+2a3+a4=0,则2q+4q2+2q3=0,解得q=−1,=2,∴S5=2(1−(−1)5)1+14.若某几何体的三视图如图,则该几何体的体积为()A.2B.4C.4√2D.43【解答】根据三视图还原成的几何体是如图所示的四棱柱,其中底面是长为2,宽为1的矩形,棱柱的高为2,四棱柱的体积V =1×2×2=4.5.在某项测量中,测量结果X 服从正态分布N(1, σ2)(σ>0),若X 在(0, 2)内取值的概率为0.8,则X 在[0, +∞)内取值的概率为( ) A.0.9 B.0.8 C.0.3 D.0.1【解答】∵X 服从正态分布N(1, σ2) ∴曲线的对称轴是直线x =1, ∵X 在(0, 2)内取值的概率为0.8, ∴X 在(0, 1)内取值的概率为0.4,∴X 在[0, +∞)内取值的概率为0.5+0.4=0.96.已知函数f(x)=cos(3x +φ)(−π2<φ<π2)图象关于直线x =5π18对称,则函数f(x)在区间[0, π]上零点的个数为( ) A.1 B.2 C.3 D.4【解答】因为函数f(x)=cos(3x +φ)(−π2<φ<π2)图象关于直线x =5π18对称,∴cos(3×5π18+φ)=±1,∴5π6+φ=kπ,k ∈Z ,由−π2<φ<π2知,k =1时,φ=π6.故f(x)=cos(3x +π6),令f(x)=0得3x +π6=π2+kπ,k ∈Z ,∴x =π9+kπ3,k ∈Z .因为x ∈[0, π],所以k =0,1,2时,φ=π9,4π9,7π9满足条件.故零点有三个.7.已知向量a →,b →是互相垂直的单位向量,向量c →满足c →⋅a →=1,c →⋅b →=1,则|a →+c →|=() A.2 B.√5 C.3 D.7【解答】因为向量a →,b →是互相垂直的单位向量, 不妨设a →=(1.0),b →=(0, 1),c →=(x, y) 则由c →⋅a →=1,c →⋅b →=1, 得x =y =1,即c →=(1, 1). ∴a →+c →=(2, 1);∴|a →+c →|=√22+12=√5;8.已知等差数列{a n }满足:a 12+a 52=8,则a 1+a 2的最大值为( ) A.2 B.3 C.4 D.5【解答】设等差数列{a n }的公差为d ,由于满足:a 12+a 52=8,设a 1=2√2cosα,a 5=2√2sinα,(0≤α<2π), 所以a 5−a 1=2√2(sinα−cosα), 即4d =2√2(sinα−cosα), d =√22(sinα−cosα),所以a 1+a 2=2a 1+d =4√2cosα+√22(sinα−cosα)=7√22cosα+√22sinα=√22(7cosα+sinα)=√22√50(√50+√50=5sin(θ+α)≤5,(其中tanθ=7),所以a 1+a 2最大值为5.9.已知直线PQ:y =x −12与y 轴交于P 点,与曲线C:y 2=x(y ≥0)交于Q ,M 成为线段PQ 上一点,过M 作直线x =t 交C 于点N ,则△MNP 面积取到最大值时,t 的值为( ) A.116 B.14C.1D.54【解答】直线PQ:y =x −12与y 轴交于P(0, −12),由y =x −12与y 2=x(y ≥0)联立,可得Q(1+√32, √32+12), 过M 作直线x =t 交C 于点N ,可得M(t, t −12),N(t, √t),0≤t ≤1+√32, 则△MNP 面积S =12(√t −t +12)t , 设u =√t(0≤u ≤√1+√32),可得S =12(u 3−u 4+12u 2),可得S′=12(3u 2−4u 3+u)=−12u(4u +1)(u −1), 可得0<u <1时,S′>0,S 递增;1<u <√1+√32时,S′<0,S 递减,则面积S 在u =1,即t =1处取得极大值,且为最大值.10.已知函数f(x)=e x−1−ax −1e (a ∈R)的图象与x 轴有唯一的公共点,则实数a 的取值范围为( ) A.{a|a ≤0} B.{a|a ≤0,a =1e } C.{a|a ≤0, 或a =e} D.{a|a ≤0, 或a =1}【解答】由于f(0)=0且x ∈R ,由题意可知f(x)的图象与x 轴有唯一的公共点(0, 0),f′(x)=e x−1−a , 若a ≤0,则f′(x)=e x−1−a >0,函数f(x)单调递增,且f(0)=0满足题意; 当a >0时,由f′(x)=e x−1−a =0可得x =1+lna ,当x <1+lna 时,f′(x)=e x−1−a <0,函数单调递减,当x >1+lna 时,f′(x)=e x−1−a >0,函数单调递增, 由题意可得1+lna =0, 故a =1e ,综上可得,a =1e 或a ≤0. 11.已知A ,B 分别为双曲线Γ:x 2−y 23=1实轴的左右两个端点,过双曲线Γ的左焦点F 作直线PQ 交双曲线于P ,Q 两点(点P ,Q 异于A ,B ),则直线AP ,BQ 的斜率之比k AP :k BQ =( ) A.−13B.−3C.−23D.−32【解答】由已知得双曲线Γ:a=1,b=√3,c=2.故F(−2, 0),A(−1, 0),B(1, 0).设直线PQ:x=my−2,且P(x1, y1),Q(x2, y2).由{x=my−2x2−y23=1消去x整理得(3m2−1)y2−12my+9=0,∴y1+y2=12m3m2−1,y1y2=93m2−1,两式相比得m=34×y1+y2y1y2①,∴k AP:k BQ=y1x1+1×x2−1y2=y1(my2−3)y2(my1−1)=my1y2−3y1my1y2−y2②,将①代入②得:上式=34(y1+y2)−3y134(y1+y2)−y2=3(y2−3y1)3y1−y2=−3.故k AP:k BQ=−3.12.在四棱锥P−ABCD中,PA=2,PB=PC=PD=√7,AB=AD=√7,BC=CD=2,则四棱锥P−ABCD的体积为()A.2√3B.√3C.√5D.3【解答】在四棱锥P−ABCD中,PA=2,PB=PC=PD=√7,AB=AD=√7,BC=CD=2,连结AC,BD,交于点E,过P作PO⊥平面ABCD,交AC于点O,连结BO,DO,则BO=DO=CO=2,AO=2,设CO=a,则AO=√a2−3,cos∠COD=a2+a2−42a2=1−2a2,cos∠AOD=22√2=2√2,∵cos∠AOD=−cos∠COD,∴22a√a2−3=2a2−1,由a>0,解得a=2,∴AO=1,BO=CO=DO=2,PO=√3,DE=BE=√3,S△PAC=12×AC×PO=32×√3=3√32,DE=BE=√22−12=√3,∴四棱锥P−ABCD的体积为:V=V D−PAC+V B−PAC=13×DE×S△PAC+13×BE×S△PAC=13×√3×3√32+13×√3×3√32=3.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分13.函数y=lnxx+1在点P(1, 0)处的切线方程为________.【解答】∵y′=1+1x−lnx(x+1)2,∴y′|x=1=12,所以切线为:y=12(x−1),即:x−2y−1=0.14.一种药在病人血液中的量保持1500mg以上才有疗效;而低于500mg病人就有危险.现给某病人静脉注射了这种药2500mg,如果药在血液中以每小时20%的比例衰减,为了充分发挥药物的利用价值,那么从现在起经过________小时向病人的血液补充这种药,才能保持疗效.(附:lg2≈0.3010,1g3≈0.4771,精确到0.1ℎ)【解答】设应在病人注射这种药x小时后再向病人的血液补充这种药,依题意,可得500≤2500×(1−20%)x≤1500整理,得0.2≤0.8x≤0.6,∴log0.80.6≤x≤log0.80.2,∵log0.80.6=lg0.6lg0.8=lg6−1lg8−1=lg2+lg3−131g2−1≈2.3,log0.80.2=lg0.2lg0.8=lg2−131g2−1≈7.2,解得:2.3≤x≤7.2,应在用药2.3小时后及7.2小时前再向病人的血液补充药.15.柜子里有3双不同的鞋子,随机地取出2只,则取出的2只鞋子不成对的概率为________.【解答】∵取法总数有C62=15种,取出的鞋成对的种数有3种,∴取出的鞋不成对的概率p =1−315=45.16.已知M ,N 为直线3x +4y −10=0上两点,O 为坐标原点,若∠MON =π3,则△MON 的周长最小值为________. 【解答】在△MON 中,由余弦定理得:cos π3=|OM|2+|ON|2−|MN|22|OM||ON|,化简得:|OM||ON|=|OM|2+|ON|2−|MN|2, 由基本不等式|OM|2+|ON|2≥2|OM||ON|, 当且仅当|OM|=|ON|时,等号成立. 所以|OM|⋅|ON|≥2|OM|⋅|ON|−|MN|2, 所以|MN|2≥|OM||ON|, 故|MN|≥√|OM||ON|,所以|OM|+|ON|+|MN|≥3√|OM||ON|,当且仅当|OM|=|ON|时,等号成立.所以△MON 为等边三角形,则正三角形的高为O 为坐标原点(0, 0)到直线3x +4y −10=0的距离d =√32+42=2.所以当△MON 为等边三角形时:设OM =2x ,所以(2x)2=22+x 2,解得x 2=43,故x =2√33, 所以l △MON =6x =6×2√33=4√3.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤,第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.在△ABC 中,角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,满足a =4,C =2B . (1)若b =2,求c ;(2)若△ABC 的面积为2√3,求tanB . 【解答】 ∵C =2B ,∴sinC =sin2B =2sinBcosB , ∴c =2b ⋅cosB ,∴cosB =c2b =a 2+c 2−b 22ac,∴ac 2=b(a 2+c 2−b 2), ∴4c 2=2(16+c 2−4), ∴c 2=12, ∴c =2√3;(i)若C 为锐角,过点A 作AH ⊥BC 于点H ,如图所示:设BC 边上的高为ℎ,则S △ABC =12×4×ℎ=2√3,∴ℎ=√3, 设BH =x ,HC =4−x ,∴tanB =ℎx ,tanC =ℎ4−x ,又∵C =2B , ∴tanC =tan2B =2tanB1−tan 2B =ℎ4−x =2⋅ℎx 1−(ℎx)2,∴1−(√3x )2=2×4−x x ,解得x =3,∴tanB =√33, (ii)若C 为钝角,过A 作AH ⊥BC 的延长线于H ,如图所示:设CH =x ,AH =ℎ=√3,则tanB =ℎ4+x ,tan(π−C)=ℎx =−tanC , ∴由tanC =tan2B 知:−ℎx =2⋅ℎ4+x 1−(ℎ4+x)2,∴1+2x4+x −3(4+x)2=0,而x >0, ∴x 无解,因此C 为钝角不符合题意,综上所述,tanB=√33.18.如图,在三棱柱ABC−A1B1C1中,侧面ACC1A1是边长为4的菱形,且∠A1AC=π3,面ACC1A1⊥面ABC,A1A⊥BC,BC=4.(1)求证:BC⊥面ACC1A1;(2)求二面角A−A1B−C的余弦值.【解答】证明:在菱形ACC1A1中,过A1点作A1H⊥AC于H,∵平面A1C1CA⊥平面ABC,平面A1C1CA∩平面ABC=AC,∴A1H⊥BC,∵A1A⊥BC,A1A∩A1H=A1,∴BC⊥平面A1C1CA.在菱形A1C1CA中,连结AC1,设AC1∩A1C=M,BC⊥平面A1C1CA,∴BC⊥AM,则AM⊥面A1BC,∴AM⊥A1B,过点M作MN⊥A1B于点N,连结AN,则A1B⊥平面AMN,∴A1B⊥AN,∴∠MNA为二面角A−A1B−C的平面角,设大小为θ,在Rt△A1CB中,BC=CA1=4,且∠A1CB=π2,∴MN=√2,则tanθ=AMMN =√3√2=√6,∴cosθ=√7=√77,∴二面角A−A1B−C的余弦值为√77.19.已知F1(−1, 0),F2(1, 0)为椭圆Γ:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左右焦点,过F2的直线交椭圆于A,B两点,△F1AB的周长为8.(1)求椭圆Γ的标准方程;(2)已知P(x0, y0)(y0≠0)是直线l:x=4上一动点,若PA,PB与x轴分别交于点M(x M, 0),N(x N, 0),则1x M−1+1x N−1是否为定值,若是,求出该定值,不是请说明理由.【解答】由题意可得三角形AF1B中,三角形的周长为|AF1|+|BF1|+|AB|=4a=8,解得a=2,而c=1,所以b2=a2−c2=4−1=3,所以椭圆Γ的方程为:x 24+y23=1;由题意设P(4, y0),A(x1, y1),B(x2, y2),设直线AB的斜率为0时可得,A(−2, 0),B(2, 0),则直线PA与x轴的交点M 的横坐标x M=−2,同理可得x N=2,所以1x M−1+1x N−1=1−2−1+12−1=23,当直线AB的斜率不为0时,设直线AB的方程为:x=my+1,联立直线AB与椭圆的方程{x=my+13x2+4y2−12=0,整理可得(4+3m2)y2+6my−9=0,y1+y2=−6m4+3m2,y1y2=−94+3m2,设直线PA的方程为:y=y0−y14−x1(x−4)+y0,令y=0,可得x M−1=−y0(4−x1) y0−y1+3=−4y0+y0(my1+1)+3y0−3y1y0−y1=y1(my0−3)y0−y1,所以1x M−1=y0−y1y1(my0−3),同理可得1x N−1=y0−y2y2(my0−3),所以1x M−1+1x N−1=y0−y1y1(my0−3)+y0−y2y2(my0−3)=(y0−y1)y2+(y0−y2)y1y1y2(my0−3)=y0(y1+y2)−2y1y2 y1y2(my0−3)=y0⋅−6m4+3m2−2⋅−94+3m2−94+3m2⋅(my0−3)=−6(my0−3)−9(my0−3)=23;综上所述1x M−1+1x N−1为定值23.20.一种新的验血技术可以提高血液检测效率.现某专业检测机构提取了n(n ≥6)份血液样本,其中只有1份呈阳性,并设计了如下混合检测方案:先随机对其中(n −3)份血液样本分别取样,然后再混合在一起进行检测,若检测结果为阴性,则对另外3份血液逐一检测,直到确定呈阳性的血液为止;若检测结果呈阳性,测对这(n −3)份血液再逐一检测,直到确定呈阳性的血液为止.(1)若n =6,求恰好经过3次检测而确定呈阳性的血液的事件概率; (2)若n ≥8,宜采用以上方案检测而确定呈阳性的血液所需次数为ξ, ①求ξ的概率分布; ②求Eξ. 【解答】n =6时,不论第一次检测的混合血液是阴性还是阳性,从第2次检测开始,都是对含有1阳性,2阴性的3份血液进行逐一检测,若恰好经过3次检测而确定阳性血液,则第2次和第3次检测的都是阴性或者第2次检测的是阴性,第3次检测的是阳性,故恰好经过3次检测而确定呈阳性的血液的事件概率为P =C 22C 32+C 21C 11C31⋅C21=23.①n ≥8时,P(ξ=2)=C n−1n−3C nn−3⋅C 11C 31+C n−13C n3⋅C 11C n−31=2n , P(ξ=3)=C n−12⋅C11C n 3⋅(C 21⋅C11C31⋅C21+C 21⋅C11C31⋅C21)+C n−13C n3⋅C n−41C 11C n−31C n−41=3n ,P(ξ=4)=C n−13C n3⋅C n−42C 11Cn−32⋅Cn−51=1n ,当4≤k ≤n −4时,P(ξ=k)=C n−13C n3⋅C n−4k−2C 11C n−3k−2C n−3−(k−2)1=1n ,P(ξ=k −3)=C n−13C n3⋅C n−4n−4C 11C n−3n−4C 11⋅2=2n ,∴ξ的分布列为:②Eξ=2⋅2n +3⋅3n +4⋅1n +⋯+(n −4)⋅1n +(n −3)⋅2n =n 2−3n+142n.21.已知函数f(x)=lnx +cosx . (1)讨论f(x)在(0, π)极值点个数;(2)证明:不等式f(x)>0在(π2,π)恒成立.附:ln(5π6)≈0.9624,ln(2π3)≈0.7393.【解答】f′(x)=1−xsinxx,设g(x)=1−xsinx,①在x∈(0,π2)时,则g(0)=1,g(π2)=1−π2<0,g′(x)=−(sinx+xcosx)<0知g(x)在(0,π2)递减,∴存在x1∈(0,π2),使得g(x1)=0,在x∈(0, x1)时,f′(x)>0,在x∈(x1,π2)时,f′(x)<0,∴x1为f(x)的极大值点;②在x∈[π2,5π6]时,12≤sinx≤1,有xsinx≥min{π2sinπ2,5π6sin5π6}>1,f′(x)<0在(π2,5π6)上恒成立,f(x)在(π2,5π6)上递减,∴此时f(x)无极值;③在x∈(5π6,π)时,f′(5π6)<0,f′(π)=12>0,$f"(x)=-(\cosx+\frac{1}{x^{2}})>0$在(5π6,π)上恒成立,∴f′(x)在(5π6,π)上递增,∴存在唯一的x2∈(5π6,π),使得f′(x2)=0,且在x∈(5π6,x2)时,f′(x)<0,在x∈(x2, π)时,f′(x)>0,∴x2为f(x)的极小值点.综上,函数f(x)在(0, π)上有两个极值点;证明:由(1)知,f′(x)=1−xsinxx,①若π2<x≤5π6时,12≤sinx<1,而xsinx≥min{π2sinπ2,5π6sin5π6}>1,∴f′(x)<0在(π2,5π6)上恒成立,f(x)在(π2,5π6)上递减,∴f(x)>f(5π6)=cos5π6+ln5π6=−√32+0.9624>0;②若5π6<x<π,f′(5π6)<0,f′(π)=12>0,$f"(x)=-(\cosx+\frac{1}{x^{2}})>0$在(5π6,π)上恒成立,∴f′(x)在(5π6,π)上递增,∴存在唯一的x 0∈(5π6,π),使得x 0sinx 0=1,且当x ∈(5π6,x 0)时,f′(x)<0,在x ∈(x 0, π)时,f′(x)>0,∴f(x)min =f(x 0)=cosx 0+lnx 0=lnx 0−√1−1x 02,下面证明:ln 2x +1x 2>1在x ∈(5π6,π)上恒成立, 记m(x)=ln 2x +1x 2,m ′(x)=2x (lnx −1x 2),lnx >ln 5π6>0.96,1x 2<0.14,则m′(x)>0,∴m(x)在x ∈(5π6,π)上递增, 于是m(x)>m(5π6)=ln 25π6+1(5π6)2=0.92+0.14=1.06>1,从而可知lnx 0−√1−1x02>0;综合①②可知,不等式f(x)>0在(π2,π)恒成立.(二)选考题:共10分.请考生从第22、23题中任选一题作答.并用2B 铅笔将答题卡上所选题目对应的题号右侧方框涂黑,按所涂题号进行评分;多涂、多答,按所涂的首题进行评分;不涂,按本选考题的首题进行评分.[选修4-4:坐标系与参数方程]22.在直角坐标系xOy 中,直线l 的参数方程为{x =2+tcosαy =tsinα(t 参数,α为常数),以坐标原点O 为极点,x 轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C 的极坐标方程为ρsin 2θ2=1. (1)求曲线C 的直角坐标方程;(2)设直线l 与曲线C 的交点为P ,Q 两点,曲线C 和x 轴交点为A ,若△APQ 面积为6√6,求tanα的值. 【解答】直线l 的参数方程为{x =2+tcosαy =tsinα (t 参数,α为常数),转换为直角坐标方程为y =k(x −2).曲线C 的极坐标方程为ρsin 2θ2=1.整理得ρ⋅1−cosθ2=1,根据x =ρcosθ,ρ2=x 2+y 2转,换为直角坐标方程为y 2=4x +4.由于y 2=4x +4与x 轴的交点坐标为(−1, 0),所以{y 2=4x +4y =k(x −2)得到y 2−4ky −12=0,记t =1k ,所以y 2−4ty −12=0,整理得|y 1−y 2|=√(4t)2+4×12=4√t 2+3.所以S △APQ =12×|AM|×|y 1−y 2|=6√t 2+3=6√6,解得t =±√3, 即k =±√33,所以tanα=±√33. [选修4-5:不等式选讲]23.已知正数a ,b ,c 满足a +b +c =1.求证: (1)ab <14;(2)a1−a +b1−b +c1−c ≥32. 【解答】因为正数a ,b ,c 满足a +b +c =1,所以a +b <1, 由于ab ≤(a+b 2)2<14,故ab <14.分析法:要证原式,只要证:a−1+11−a+b−1+11−b+c−1+11−c≥32,即证−3+11−a +11−b+11−c ≥32, 只要证:11−a +11−b +11−c ≥92,即证:[(1−a)+(1−b)+(1−c)](11−a +11−b+11−c )≥9, 因为(1−a)+(1−b)+(1−c)≥3√(1−a)(1−b)(1−c)3,① 11−a+11−b +11−c ≥3√11−a ⋅11−b ⋅11−c 3② 将①②两式相乘即得要证的式子:[(1−a)+(1−b)+(1−c)](11−a +11−b +11−c)≥9,以上每步都成立,所以不等式a1−a +b1−b +c1−c ≥32成立.。

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2020年武汉市部分学校高三在线学习摸底检测
理科数学
武汉市教育科学研究院命制2020.5.8
本试卷共5 页,23题(含选考题).全卷满分150分.考试用时120分钟.
*祝考试顺利*
注意事项:
1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置.
2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
黑写在试卷草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效
3.非选择题的作答:用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内.写在试卷、草
稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.
4.选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡指定的位置用2B 铅笔涂黑.答案写在答题卡上对应的答题区域内,写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.
5.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并上交.
一、选择题:本题共12 小题,每小题5 分,共60 分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符
合题目要求的.
1.复数z =
i
12i
-

A .2i
+
55
B.
2i
+
55
- C.
12i
+
55
D.
12i
55
-
2.已知全集U=R,集合A={x| x2≤4},那么C U A=
A. (-∞,-2)
B. (2, + ∞)
C. (-2,2)
D. (-∞,-2)∪(2, + ∞)
3.若等差数列{a n}前9项的和等于前4项的和,a111=1,则a4=
A. -1
2
B.
3
2
C.
1
2
D.2
4.如图,某几何体的正视图,侧视图和俯视图分别是等边三角形、等
腰三角形和菱形,则该几何体的体积为
A.
B.4
C.
D.2
5. 已知某篮球队员在比赛中每次罚球的命中率相同,且在两次罚球中至多命中一次的概率 为925
,则该队员每次罚球的命中率 p 为 A .35 B.25 C.15 D.45
6. 已知F 1,F 2是双曲线 C :22
221(0,0)x y a b a b
-=>> 的两个焦点,P 是 C 上一点,满足 |PF 1|+|PF 2|=6a ,且∠F 1PF 2=
3π,则C 的离心率为
C.2
7. 函数f (x )=e |ln |2x x -的零点个数为 A.1 B. 2 C. 3 D.4
8. 已知函数f (x
)cos()(0,0)x x ωϕωϕϕπω+-+<<>为偶函数,且 y =f ( x ) 图象 的两相邻对称轴间的距离为
2π ,则f (6π)的值为 A. -1 B. 1
.
9. 已知三棱柱 A B C - A 1B 1C 1,A B = 3 , A C = 4 , A B ⊥A C , AA I 1=12, 如果三棱柱 A B C - A 1B 1C 1的 6 个顶点都在球 O 的球面上.则球的半径为
B. 13
2 D. 10. 已知单位向量,,PA PB PC u u u r u u u r u u u r 满足2330PA PB PC ++=u u u r u u u r u u u r r ,则AB AC ⋅u u u r u u u r 的值为
A. 89
B.23
C. 59
D.1 11. 在数学中有这样形状的曲线: x 2 + y 2 = |x | + | y |. 关于这种曲线,有以下结论:
①曲线C 恰 好 经 过 9 个整点(即横 、纵坐标均为整数的点);
②曲线 C 上任意两点之间的距离都不超过 2 ;
③曲线 C 所围成的“花瓣”形状区域的面积大于 5.
其中正确的结论有:
A. ①③
B.②③
C. ①②
D.①②③
12. 已知关于 x 不等式 e x a x b ≥+对任意x ∈R 和正数 b 恒成立,则b a
的最小值为 A.
12 B. 1 D.2
二、填空题:本题共 4 小题,每小题5 分,共 20 分
13. 已知实数 x , y 满足约束条件21,1y x x y y ≤⎧⎪+≤⎨⎪≥-⎩
则 z =x + 2y 的最小值为
14. 若函数f (x )=ax + ln x 在点(1 , a ) 处的切线平行于 x 轴,则f ( x ) 的最大值为 .
15. 从3 名骨科、3 名脑外科和 3 名内科医生中选派 5 人组成一个医疗小组,则骨科、脑外科
和内科医生都 至少有1 人的概率为
. 16. 设S n 为数列 {a n } 的前 n 项和,1(1),N *2n n n n S a n =--∈ , 则 a 9 = .
三、解答题:共 70 分 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 第 17 - 21 题为必考题,每
个试题考生都必须作答.第22、23 题为选考题,考生根据要求作答
( 一)必考题:共 60 分.
17. ( 本小题满分 12 分)
在△ABC 中,角 A , B , C 所对的边分别为a , b , c , 且满足c sin A =a cos C ,c =4.
(I ) 求角 C 的大小 ;
( 2 ) cos()24
A B π=++,求△ABC 的面积
18. ( 本题满分 12 分)
,. 如图,在四棱锥 P — ABC D 中 ,P D ⊥平面 ABCD , PD = 2, DC = BC =1 , AB =2 ,AB //DC ,
∠BCD =90°.
(I ) 求证:AD ⊥ P B ;
( 2 ) 求平面 DAP 与平面 BPC 所成锐二面角的余弦值.
19. ( 本题满分12 分)
已知 F ( 0 ,1) 为平面上一点,H 为直线 l :y =-1 上任意一点,过点 H 作直线 l 的垂线 m , 设线段 FH 的中垂线与直线 m 交于点 P , 记点 P 的轨迹为Г
(1 ) 求轨迹Г的方程;
( 2 ) 过点 F 作互相垂直的直线AB 与 CD , 其中直线AB 与轨迹Г交千点A 、B , 直线 CD 与轨迹 Г交于点 C 、D , 设点 M, N 分别是 AB 和 CD 的中点,求△ FMN 的面积的最小值.
20. ( 本题满分12 分)
根据某地区气象水文部门长期统计,可知该地区每年夏季有小洪水的概率为0. 25, 有大
2
洪水的概率为0. 05.
( 1 ) 从该地区抽取的n 年水文资料中发现,恰好3 年无洪水事件的概率与恰好 4 年有洪水事件的概率相等,求 n 的值;
( 2 ) 今年夏季该地区某工地有许多大型设备,遇到大洪水时要损失 60000 元,遇到小洪 水时要损失20000 元。

为保护设备 ,有以下 3 种方案:
方案1 : 修建保护围墙,建设费为3000 元,但围墙只能防小洪水
方案2 : 修建保护大坝,建设费为7000元,能够防大洪水
方案 3 :不采取措施
试比较哪一种方案好,请说明理由
21. ( 本题满分 12 分)
已知函数2()(1)ln ,R f x a x x a =--∈
(1 ) 讨论 f ( x ) 的单调性 ;
(2)求实数 a 的取值范围,使得11()sin(1)e x f x a x x
-≥-+-在区间( l , + ∞ ) 内 恒成立. (e =2. 71828…为自然对数的底数 )
(二 )选考题:共 10 分 请考生从第 22、23 题中任选一题做答 井用 2B 铅笔将答题卡上所选
题目对应的题号右侧方框涂黑,按所涂题号进行评分;多涂、多答,按所涂的首题进行评分;不涂,按本选考题的首题进行评分
22. [ 选修 4 - 4 : 坐标系与参数方程](本小题满分10分)
在直角坐标系 xOy 中,直线 C 1:x =-2 以坐标原点为极点 ,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,C 2极坐标方程为:22cos 4sin 0ρρθρθ--=
(1)求C 1的极坐标方程和C 2 的普通方程;
( 2 ) 若 直线 C 3 的极坐标方程为()4πθρ=
∈R ,设 C 2 与 C 3 的交点为 M , N , 又 C 1:x = -2
与 x 轴交点为 H , 求△HMN 的面积.
23. [选修 4 -5: 不等式选讲](本小题满分10
分) 已知函数()|||5|f x x a x =---.
(1 ) 当 a =2 时,求证:3()3f x -≤≤;
( 2 ) 若关于x 的不等式2()820f x x x ≤-+在R 恒成立,求实数 a 的取值范围。

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