2000-2009年高考试题分类汇编牛顿运动定律word版

2000-2009年高考试题分类汇编：牛顿运动定律
第一部分：选择题
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（09年全国卷H ） 15.两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在
0〜0.4s 时间内的v-t
图象如图所示。

若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间 t i
分别为
1
A. 3 和 0.30s B
. 3 和 0.30s
C. 3 和 0.28s D . 3 和 0.28s
答案：B
解析：本题考查图象问题.根据速度图象的特点可知甲做匀加速
（09年上海卷）7•图为蹦极运动的示意图。

弹性绳的一端固定在
0点,
另一端和运动员相连。

运动员从
0点自由下落，至 B 点弹性绳自然伸直，经
过合力为零的C 点到达最低点 D ，然后弹起。

整个过程中忽略空气阻力。

分 析这一过程，下列表述正确的是
① 经过B 点时，运动员的速率最大
-,；t 得3玄甲=a 乙
F _ 1 F
根据牛顿第二定律有口甲
3
化
4 0.4
=10m/ s 2
1
0.4 -t ,得 t=0.3s,B
正确。

,乙做匀减速.根据
②经过C点时，运动员的速率最大
③从C点到D点，运动员的加速度增大
④从C点到D点，运动员的加速度不变
A .①③
B .②③C.①④ D .②④
答案：B
（09年上海卷）46.与普通自行车相比，电动自行车骑行更省力。

下表为某一品牌电动自行车的部分技术参数。

在额定输出功率不变的情况下，质量为60Kg的人骑着此自行车沿平直公路行驶，所受
阻力恒为车和人总重的0.04倍。

当此电动车达到最大速度时，牵引力为____________ N,当车速为2s/m时，其加速度为 ___________ m/s2（g=iom m/s2）
（09年宁夏卷）20.如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木
板上，木板和物块间有摩擦。

现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为
A. 物块先向左运动，再向右运动
B. 物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动
C. 木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动
D. 木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零
答案：BC
（09
年广东物理）8•某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N。

他将弹簧秤移至电梯内
称其体重，t。

至
t
3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v-t图可能是（取电梯向
上运动的方向为正）
解析：由图可知，在t o-t i时间内，弹簧秤的示数小于实际重量，则处于失重状态，此时
具有向下的加速度，在t i-t2阶段弹簧秤示数等于实际重量，则既不超重也不失重，在t2-t3阶段，弹簧秤示数大于实际重量，则处于超重状态，具有向上的加速度，若电梯向下运动，
则t o-t i时间内向下加速，t i-t2阶段匀速运动，t2-t3阶段减速下降，A正确；BD不能实现人进入电梯由静止开始运动，C项t o-t i内超重，不符合题意。

（09年江苏物理）9•如图所示，两质量相等的物块A、
B通过一轻质弹簧连接，B足够长、放置在水平面上，所
有接触面均光滑。

弹簧开始时处于原长，运动过程中始
终处在弹性限度内。

在物块A上施加一个水平恒力，A、
B从静止开始运动到第一次速度相等的过程中，下列说法中正确的有
A .当A、B加速度相等时，系统的机械能最大
B .当A、B加速度相等时，A、B的速度差最大
C.当A、B的速度相等时，A的速度达到最大
D .当A、B的速度相等时，弹簧的弹性势能最大
答案：BCD
WWW A
（第9题图）
小等于F=210N,然后再对人受力分析由平衡的知识得
Mg = F
F
N ,得F N =490N,根据牛顿第
解析：处理本题的关键是对物体进行受力分析和运动过程分析，
使用图象处理则可以使
问题大大简化。

对 A 、B 在水平方向受力分析如图，
F l 为弹簧的拉力；当加速度大小相同为
F
i = F
a 时，对A 有F - F i = ma ，对E 有F i = ma ，得 2，在整个过程中A 的合力（加速 度）一直减小而E 的合力（加速度）一直增大，在达到共同加速度之前
A 的合力（加速度）
一直大于E 的合力（加速度），之后A 的合力（加速度）一直小于E 的合力（加速度） 。

两
物体运动的v-t 图象如图，t |时刻，两物体加速度相等，斜率相同，速度差最大，
t 2时刻两物
体的速度相等，A 速度达到最大值，两实线之间围成的面积有最大值即两物体的相对位移最 大，弹簧被拉到最长；除重力和弹簧弹力外其它力对系统正功，系统机械能增加， t |时刻之
后拉力依然做正功，即加速度相等时，系统机械能并非最大值。

（09年广东理科基础）4.建筑工人用图所示的定滑轮装置运送建筑材料。

质量
为70.0kg 的工人站在地面上，通过定滑轮将20.0kg 的建筑材料以0.500m /s 2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面 的压力大小为（g 取10m /s 2）
A . 510 N
B . 490 N
C . 890 N
D . 910 N 答案：B
J]
解析：对建筑材料进行受力分析。

根据牛顿第二定律有F
- mg二ma,得绳子的拉力大
小等于F=210N,然后再对人受力分析由平衡的知识得Mg = F F N ,得F N=490N,根据牛顿第
三定律可知人对地面间的压力为 490N.B 对。

（09年广东理科基础）15.搬运工人沿粗糙斜面把一个物体拉上卡车，当力沿斜面向
度为a 2,则
答案：D
可知a 2 2a 1 , D 对。

（09年山东卷）17.某物体做直线运动的 v-t 图象如图甲所示，据此判断图乙（ F 表示
物体所受合力，x 表示物体的位移）四个选项中正确的是
解析：由图甲可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，
2s-4s 做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定，
4s-6s 做负方向匀加速直线运动，
所以受力为负，恒定，6s-8s 做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上分析 B
正确。

考点：v-t 图象、牛顿第二定律
提示：在v-t 图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，加速度恒定，受力恒定。

速度一一时间图象特点:
上，大小为F 时，物体的加速度为
印；若保持力的方向不变，大小变为 2F 时，物体的加速
A . a i =a 2
B . a i <a 2<2a i
C . a 2=2a i
D . a 2>2a i
F —f
解析：当为F 时有印一 m ，当为2F 时有a 2
2F - f
m
2F -2f f m
二 2a 〔 一
m
图甲心
① 因速度是矢量，故速度一一时间图象上只能表示物体运动的两个方向, 的“正方向”，t 轴下方代表的是“负方向”，所以“速度一一时间”图象只能描述物体做 “直 线运动”的情况，如果做曲线运动，则画不出物体的“位移一一时间”图象；
② “速度一一时间”图象没有时间 t 的“负轴”，因时间没有负值，画图要注意这一点； ③
“速度一一时间”图象上图线上每一点的斜率代表的该点的加速度， 斜率的大小表示 加速度
的大小，斜率的正负表示加速度的方向;
④ “速度一一时间”图象上表示速度的图线与时间轴所夹的“面积”表示物体的位移。

（09年山东卷）18. 2008年9月25日至28日我国成功实施了“神舟”七号载入航天 飞行并实现了航天员首次出舱。

飞船先沿椭圆轨道飞行，后在远地点
343千米处点火加速,
判断正确的是
A •飞船变轨前后的机械能相等
B .飞船在圆轨道上时航天员出舱前后都处于失重状态
C •飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速 度
D •飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时的加速度大于变轨后沿圆
轨道运动的加速度
答案：BC
解析：飞船点火变轨，前后的机械能不守恒，所以 A 不正确。

飞船在圆轨道上时万有 引力来提供向心力， 航天员出舱前后都处于失重状态，
B 正确。

飞船在此圆轨道上运动的周
2 二 T =—
期90分钟小于同步卫星运动的周期 24小时，根据
■可知，飞船在此圆轨道上运动的
角度速度大于同步卫星运动的角速度，
C 正确。

飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时只有万有
引力来提供加速度， 变轨后沿圆轨道运动也是只有万有引力来提供加速度， 所以相等，D 不
正确。

考点：机械能守恒定律，完全失重，万有引力定律 提示：若物体除了重力、弹性力做功以外，还有其他力 （非重力、弹性力）不做功，且其
他力做功之和不为零，则机械能不守恒。

t 轴上方代表 由椭圆轨道变成高度为 343千米的圆轨道，在此圆轨道上飞船运行周期约为 90分钟。

下列
P
根据万有引力等于卫星做圆周运动的向心力可求卫星的速度、周期、动能、动量等状态
2
Mm v
G —〒=m — 量。

由 r
r 得
（09年山东卷）22.图示为某探究活动小组设计的节能运动系统。

二
质量为M 的木箱与轨道的动摩擦因数为 6。

木箱在 轨道端时，自动装货装置将质量为 m 的货物装入木箱， 然后木箱载着货物沿轨道无初速滑下， 与轻弹簧被压缩 至最短时，自动卸货装置立刻将货物卸下， 然后木箱恰 好被弹回到轨道顶端，再重复上述过程。

下列选项正确
的是
A. m = M
B. m = 2M
C. 木箱不与弹簧接触时，上滑的加速度大于下滑的加速度
D .在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能全部转化为弹簧的弹性 势能
答案：BC
解析：受力分析可知，下滑时加速度为
g - ％ COST ，上滑时加速度为g Jg COST ,
所以 C 正确。

设下滑的距离为 I , 根据能量守恒有
J （m
•M ）g |
C0Sd 」Mgl COST 「mgl si ，得m = 2M 。

也可以根据除了重力、弹性力
做功以外，还有其他力（非重力、弹性力）做的功之和等于系统机械能的变化量， B 正确。

在 木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中， 减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能和内能， 所
以D 不正确。

考点：能量守恒定律，机械能守恒定律，牛顿第二定律，受力分析 提示：能量守恒定律的理解及应用。

（09年安徽卷）17.为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯。

无人乘行时，扶
G 啤=m ・2r —
r 2
得
G
M G 啤叫 r , r 2
可求向心加速度。

斜面轨道倾角为30°，
,由
梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。

一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示。

那么下列说法中正确的是
A. 顾客始终受到三个力的作用
B. 顾客始终处于超重状态
C. 顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下
D. 顾客对扶梯作用的方向先指向右下方，再竖直向下
答案：C
解析：在慢慢加速的过程中顾客受到的摩擦力水平向 左，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由 牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向 向左下；在匀速运动的过程中，顾客与电梯间的摩擦力等 于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下。

（09年安徽卷）18.在光滑的 绝缘水平面上，有一个正方形的 个正点电
荷，电荷量相等，如图所 b 点，自由释放，粒子将沿着对角 动到d 点的过程中
A. 先作匀加速运动，后作匀减速运
动
B. 先从高电势到低电势，后从低电势到高电势
C. 电势能与机械能之和先增大，后减小
D. 电势能先减小，后增大 答案：D
解析：由于负电荷受到的电场力是变力，加速度是变化的。

所以A 错；由等量正电荷的
电场分布知道，在两电荷连线的中垂线
0点的电势最高，所以从 b 到a ,电势是先增大后减
小，故B 错；由于只有电场力做功， 所以只有电势能与动能的相互转化，故电势能与机械能 的和守恒，C 错；由b 到0电场力做正功，电势能减小，由 0到d 电场力做负功，电势能增 加，D 对。

1、（ 08全国卷1）15.如图，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在
abed ，顶点a 、c 处分别固定一 示。

若将一个带负电的粒子置于 线bd 往复运动。

粒子从 b 点运
小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态, 若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是
A. 向右做加速运动
B. 向右做减速运动
C. 向左做加速运动
D. 向左做减速运动 答案：AD
解析：对小球水平方向受到向右的弹簧弹力
N ,由牛顿第二定律可知，小球必定具有向
右的加速度，小球与小车相对静止，故小车可能向右加速运动或向左减速运动。

2、（08全国卷2）16.如图，一固定斜面上两个质量相同的小物块
A 和
B 紧挨着匀速下滑,
A 与
B 的接触面光滑。

已知A 与斜面之间的动摩擦因数是 B 与斜面之间动摩擦因数的 2倍, 斜面倾角为 a B 与斜面之间的动摩擦因数是
答案：A
解析：A 、B 两物体受到斜面的支持力均为
mg COS 「，所受滑动摩擦力分别为：f A =
快mgcos a, f B =阳mgcos a,对整体受力分析结合平衡条件可得： 2mgsin a = ^mgcos a+
^mgcos a, ^且 i_A = 2 JJB , 解之得：J = tan a, A 项正确。

3、（08北京卷）20.有一些问题你可能不会求解，但是你仍有 可能对这些问题的解是否合力进行分析和判断。

例如从解的物理 量的单位，解随某些已知量变化的趋势， 解在一定特殊条件下的 结果等方面进行分析，并与预期结果、实验结论等进行比较，从 而判断解的合理性或正确性。

举例如下：如图所示，质量为 M 、倾角为B 的滑块A 放于水平地面上。

把质量为 m 的 滑块B 放在A 的斜面上。

忽略一切摩擦，有人求得B 相对地面的加速度a
= M +診9心
式中g 为重力加速度。

对于上述解，某同学首先分析了等号右侧量的单位， 没发现问题。

他进一步利用特殊条 件对该解做了如下四项分析和判断， 所得结论都是解可能是对的”但是，其中有一项是错. 误的。

请你指出该项。

A •当二 时，该解给出a=0 ,这符合常识，说明该解可能是对的
A . 2 gta n
a
B . 2
3cot a
3 C . tan a
D .
cot a
B. 当才=90时，该解给出a=g,这符合实验结论，说明该解可能是对的
C. 当M > m时，该解给出a=gsin，这符合预期的结果，说明该解可能是对的
B
D .当m> M时，该解给出a=——，这符合预期的结果，说明该解可能是对的sin 答案：D
g
解析：当
m…
M
时，该解给出a=si nr，这与实际不符，说明该解可能是错误的。

合力、物体的速度、位移和机械能，则下列图象中可能正确的是
物体在沿斜面向下滑动过程中，所受的合力为重力沿斜面向下的分力及摩擦力，
1 .2
s = — at
v 二at , 2 ，所以B、C
5、（08江苏卷）3.—质量为M勺探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F始终保持不变, 气球在
运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g.现欲使该气球以同样速率匀
速上升，则需从气球吊篮中减少的质量为
解析：考查牛顿运动定律。

设减少的质量为△ m,
时：Mg -△ mg + kv = F,解得△ mg = 2（M —£）, A正
确。

6、（08宁夏卷）20•—有固定斜面的小车在水平面上做直线运动，小球通过细绳与车顶相连。

小
球某时刻正处于图示状态。

设斜面对小球的支
右持力为N,细绳对小球的拉力为T,关于此时刻小球
4、（08四川卷）18.—物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间
已知在物体运动过程中物体所受的摩擦力恒定。

若用
t o滑至斜面底端。

F、v、s 和E 分别表示该物体所受的
答案: AD
解析:
故大小不变，A正确；而物体在此合力作用下作匀加速运动,
错；物体受摩擦力作用，总的机械能将减小, D正确.
A.
2(M -F)
g
2M
C.
答案:
B.
g
D. 0
匀速下降时：Mg = F + kv,匀速上升
本题要注意受力分析各个力的方向。

A .C.
B.D.
左
的受力情况，下列说法正确的是
A. 若小车向左运动，N可能为零
B. 若小车向左运动，T可能为零
C. 若小车向右运动，N不可能为零
D. 若小车向右运动，T不可能为零
答案：AB
解析:本题考查牛顿运动定律。

对小球受力分析，当N为零时，小球的合外力水平向右，加速度向右，故小车可能向右加速运动或向左减速运动，A对C错；当T为零时，小球的
合外力水平向左，加速度向左，故小车可能向右减速运动或向左加速运动，B对D错。

解
题时抓住N、T为零时受力分析的临界条件，小球与车相对静止，说明小球和小车只能有水平的加速度，作为突破口。

7、( 08山东卷)19、直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图所示。

设投放
初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比, 且运动过
程中箱子始终保持图示姿态。

在箱子下落过程中，下列说法正确的是
A •箱内物体对箱子底部始终没有压力
B •箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大
C.箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大
D •若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”
答案:C
解析：因为受到阻力，不是完全失重状态，所以对支持面有压力，A错。

由于箱子阻力
和下落的速度成二次方关系，最终将匀速运动，受到的压力等于重力，最终匀速运动，BD 错，C对。

& (08海南卷)2、如图，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为斜面上有一质量为m的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦. 用恒力F沿斜面向上拉小物块，
使之匀速上滑.在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止. 地面对楔形物块的支持力
为
A . ( M + m) g
B . (M + m) g—F
C. ( M + m) g+ Fsin B
D. ( M + m) g —Fsin B
答案：D
Fsin 0+ N=mg +解析：本题可用整体法的牛顿第二定律解题，竖直方向由平衡条件:
Mg ,贝U N= mg + Mg —Fsin0。

9、( 08海南卷)9、如图，水平地面上有一楔形物体b, b的斜面上有一小物块a; a与b之间、b 与地面之间均存在摩擦•已知楔形物体b静止时，a静止在b的斜面上•现给a和b
C.人受到的合外力不为零
D. 人受到的合外力方向与速度方向相同 答案：A
解析：由于人随扶梯斜向上匀速运动， 对其受力分析可知，人只受重力和支持力的作用, 选项A 正确。

12. 质量为m 的物体从高处释放后竖直下落，在某时刻受到的空气
答案：B
一个共同的向左的初速度，与 a 和 b 都静止时相比，此时可能
A . a 与b 之间的压力减少，且 a 相对b 向下滑动
B . a 与b 之间的压力增大，且 a 相对b 向上滑动
C . a 与b 之间的压力增大，且 a 相对b 静止不动
D . b 与地面之间的压力不变，且
答案：BC
a 相对
b 向上滑动
解析: 依题意，若两物体依然相对静止，则 a 的加速度一定水
平向右，如图将加速度分解为垂直斜面与平行于斜面，则垂直斜面 方向，N — mgcosB=ma y,即支持力 N 大于mgcos B ，与都静止时比较, a 与b 间的压力增大；沿着斜面方向，若加速度
a 过大，则摩擦力
a 物块可能相对
b 向上滑动趋势，甚至相对向上滑动，故
A 错,
B 、
C 正确；对系统整体，在竖直方向，若物块 a 相对b 向上滑动，则a 还具有向上的 分加速度，即对整体的牛顿第二定律可知，系统处于超重状态， b 与地面之间的压力将
大于两物体重力之和，D 错。

10、（08广东理科基础） 2.人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向 上匀速运动，如图1所示。

以下说法正确的是
A.人受到重力和支持力的作用
B.人受到重力、支持力和摩擦力的作用
11、（08广东理科基础） 阻力为
f ,加速度为a = ，则f 的大小为
f Jm
g A. 3 f /mg
B. 3
C. f = mg
D.
4
=3m
g
解析：以物体为研究对象，根据牛顿第二定律有
2 f mg
mg _ f = ma ，解得 3 m ,选项
V
、
B正确。

12、（08广东卷）1 •伽利略在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有
A. 倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间成正比
B. 倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间成正比
C. 斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关
D. 斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关
答案：B
解析：倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比，在斜面上的速度与时间
成正比，故选项A错误，选项B正确。

斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角有关，从顶端滚到底端所需时间与倾角有关，故选项C、D错误。

13、（07北京理综）不久前欧洲天文学就发现了一颗可能适合人类居住的行星，命名为“格
利斯581c”。

该行星的质量是地球的5倍，直径是地球的1.5倍。

设想在该行星表面附近绕
行星沿圆轨道运行的人造卫星的动能为E k1，在地球表面附近绕地球沿圆轨道运行的相同质
E
k1
量的人造卫星的动能为E k2,贝y Ek2为C
A • 0.13
B • 0.3
C. 3.33 D • 7.5
14、（07广东理科基础2、游客乘坐过山车，在圆弧轨道最低点处获得的向心加速度达到20
m/s2, g取10 m/s2,那么此位置座椅对游客的作用力相当于游客重力的C
A . 1倍
B . 2倍
C . 3倍
D . 4倍
15、（07海南卷）16世纪纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚
里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元。

在以下说法中，与亚里士多德
观点相反的是D
A.四匹马拉拉车比两匹马拉的车跑得快：这说明，物体受的力越大，速度就越大
B . 一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明，静止状态才是物体长时间
不受力时的“自然状态”
C.两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快
D . 一个物体维持匀速直线运动，不需要受力
16、（07江苏）如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m和2m的四个木块，其中两个
质量为m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是卩mg现用水平拉力F拉其中一个质量为 2 m的木块，使四个木块以同一加速度运动，则轻绳对m的最大拉
m - m -
2m 2m ―
3」mg 3」mg A. 5
力为B
17、（04全国卷）放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力
F 的作用，F 的大小
与时间t 的关系和物块速度 v 与时间t 的关系如图所示。

取重力加速度
g = 10m/s 2。

由 此两图线可以求得物块的质量
m 和物块与地面之间的动摩擦因数
□分别为A
18、（ 07宁夏理综）下列说法正确的是 B
A .行星的运动和地球上物体的运动遵循不同的规律
B .物体在转弯时一定受到力的作用
C .月球绕地球运动时受到地球的引力和向心力的作用
D •物体沿光滑斜面下滑时受到重力、斜面的支持力和下滑力的作用
3」mg
2
D . 3Amg
3 2 1 0
_____ t / s
8 10
A . m = 0.5kg ,卩=0.4 C . m = 0.5kg ,卩=0.2
B. m = 1.5kg ,卩=
15
D . m = 1kg , = 0.2
19、（07全国理综I）如图所示，在倾角为30。

的足够长的斜面上有一质量为m的物体，它受到沿斜面方向的力F的作用。

力F可按图（a）、（b）、（c）、（d）所示的四种方式随时间F与mg的比值，力沿斜面向上为正）已知此物体在t= 0时速度为零,
若用V2、V3、V4分别表示上述四种受力情况下物体在的
速率，则这四个速率中最大的是。

C
A . V1
B . V2
C. V3 D . V4
F F F F
J
i** mg mg mg mg
1-'~:
0.5I i0.5------- h0.5L0.5-':
i 1
1 L ■
ii
!
l 1 L ]
0 1 2: 3 t/s0 1 2 ；
3：
t/s 01： 2」3
t/s 5
1 2：3 t/s
—0.5—0.5—0.5
(a)(b)(c)(d)
如图所示，光滑轨道MO和ON底端对接且ON = 2MO , M、N 两点高
度相同。

小球自M点右静止自由滚下，忽略小球经过O点时的机械
能损失，以v、s、a、E K分别表示小球的速度、位移、加速度和动能四
个物理量的大小。

下列图象中能正确反映小球自M点到变化（图中纵坐标是
20、（07山东理
综）
A B C D
21、（ 07上海理科综合） 在热气球下方开口处燃烧液化气，使热气球内部气体温度升高，热 A .从第1s 末到第3s 末合外力做功为4W
B .从第3s 末到第5s 末合外力做功为-2W C. 从第5 s 末到第7 s 末合外力做功为 W D .从第3 s 末到第4 s 末合外力做功为-0.75W 24、（ 07重庆理综）为估算池中睡莲叶面承受出滴撞击产生
的平均压强，小明在雨天将一圆 柱形水杯置于露台，测得 1小时内杯中水上升了 45 mm 。

查询得知，当时雨滴竖直下落速
度约为12 m/s.据此估算该压强约为（设雨滴撞击睡莲后无反弹，不计雨滴重力，雨水的密 度为 1 x 103 kg/m 3） A
A . 0.15 Pa
B . 0.54 Pa
司机左侧的路面比右侧的要高一些， 路面与水平面间的夹角为 二。

设拐弯路段是半径为 R 的 圆弧，要使车速为v 时车轮与路面之间的横向（即垂直于前进方向）摩擦力等于零, 于B
2
.v arcs in —
(A )
Rg 1 . 2v 2
arcs in
(C )
2
Rg
气球开始离地，徐徐升空。

分析这一过程，下列表述正确的是 ① 气球内的气体密度变小，所受重力也变小 ② 气球内的气体密度不变，所受重力也不变 ③ 气球所受浮力变大
④ 气球所受浮力不变
A .①③
C .②③
内合外力对物体做的功为 B .①④
D .②④
22、 （07上海理科综合）右图是居民小区内常见的健身器材。

使用时
手可以握在①或②处，脚可以踩在④或⑤处。

手脚一起用力时，器械 ：
前半部绕支点③转动。

下列最费力的方式是
D
A •手握①，
B .手握①，
C .手握②，
D .手握②， 23、 （07 上海）
W ,贝U CD
同时脚踩⑤ 同时
脚踩④ 同时脚踩⑤ 同时脚踩④ 物体沿直线运动的
v — t 关系如图所示，已知在第 1 s
*v/m s
C . 1.5 Pa
D . 5.4 Pa
25、（ 00天津、江西卷） 13.在高速公路的拐弯处,
路面造得外咼内低，即当车向右拐弯时，
2
arc tg 一 (B ) R
g
2
arcctg 一
—1。