2020年陕西省西安市碑林区铁一中学中考数学模拟试卷(三) (解析版)

2020年中考数学模拟试卷
一、选择题（共10小题）.
1．﹣的倒数是（）
A．﹣B．C．D．﹣
2．下列不是三棱柱展开图的是（）
A．B．
C．D．
3．如图，直线BC∥AE，CD⊥AB于点D，若∠BCD＝40°，则∠1的度数是（）
A．60°B．50°C．40°D．30°
4．如图，在矩形OACB中，A（﹣2，0），B（0，﹣1），若正比例函数y＝kx的图象经过点C，则k值是（）
A．﹣2B．C．2D．
5．下列运算中，正确的是（）
A．（﹣x）2•x3＝x5B．（x2y）3＝x6y
C．（a+b）2＝a2+b2D．a6+a3＝a2
6．如图，在△ABC中，∠C＝90°，∠A＝30°，AB的垂直平分线分别交AB、AC于点D、E．则以下AE与CE的数量关系正确的是（）
A．AE＝CE B．AE＝CE C．AE＝CE D．AE＝2CE
7．已知直线y＝﹣x+8与x轴、y轴分别交于点A和点B，M是OB上的一点，若将△ABM 沿AM折叠，点B恰好落在x轴上的点B′处，则直线AM的函数解析式是（）
A．y＝﹣x+8B．y＝﹣x+8C．y＝﹣x+3D．y＝﹣x+3 8．如图：在四边形ABCD中，E是AB上的一点，△ADE和△BCE都是等边三角形，点P、Q、M、N分别为AB、BC、CD、DA的中点，则四边形MNPQ是（）
A．等腰梯形B．矩形C．菱形D．正方形
9．如图，在⊙O中，弦AC∥半径OB，∠BOC＝48°，则∠OAB的度数为（）
A．24°B．30°C．60°D．90°
10．若二次函数y＝ax2+bx+c的图象与x轴有两个交点A和B，顶点为C，且b2﹣4ac＝4，则∠ACB的度数为（）
A．30°B．45°C．60°D．90°
二.填空题（共4小题，每小题3分，计12分）
11．比较大小：﹣﹣3.2（填“＞”、“＜”或“＝”）
12．如图，正五边形ABCDE中，对角线AC与BE相交于点F，则∠AFE＝度．
13．如图，已知，在矩形AOBC中，OB＝4，OA＝3，分别以OB、OA所在直线为x轴和y轴，建立如图所示的平面直角坐标系，F是边BC上的一个动点（不与B、C重合），过F点的反比例函数y＝（k＞0）的图象与AC边交于点E，将△CEF沿E对折后，C 点恰好落在OB上的点D处，则k的值为．
14．如图，已知平行四边形ABCD中，∠B＝60°，AB＝12，BC＝5，P为AB上任意一点（可以与A、B重合），延长PD到F，使得DF＝PD，以PF、PC为边作平行四边形PCEF，则PE长度的最小值．
三、解答题[共11小题，计78分，解答应写出过程）
15．计算：÷+8×2﹣1﹣（+1）0+2•sin60°．
16．解分式方程：﹣1＝．
17．如图，△ABC中，P是线段AB上一点，尺规作图：在BC边上找一点D，使以P、D、B为顶点的三角形与△ABC相似（保留作图痕迹，不写作法）
18．如图，已知四边形AECF是平行四边形，D，B分别在AF，CE的延长线上，连接AB，CD，且∠B＝∠D．
求证：（1）△ABE≌△CDF；
（2）四边形ABCD是平行四边形．
19．为了解某种电动汽车的性能，对这种电动汽车进行了抽检，将一次充电后行驶的里程数分为A，B，C，D四个等级，其中相应等级的里程依次为200千米，210千米，220千米，230千米，获得如下不完整的统计图，根据信息解答下列问题：
（1）问这次被抽检的电动汽车共有几辆？并补全条形统计图：
（2）求电动汽车一次充电后行驶里程数的中位数、众数：
（3）一次充电后行驶里程数220千米以上（含220千米）为优质等级，若全市有这种电动汽车1200辆，估计优质等级的电动汽车约为多少辆？
20．西安市的大雁塔又名“慈恩寺塔”，是国家级文物保护单位，玄奘为保存由天竺经丝绸之路带回长安的经卷主持修建了大雁塔，最初五层，后加盖至九层，是西安市的标志性建筑之一，某校社会实践小组为了测量大雁塔的高度，在地面上C处垂直于地面竖立
了高度为2米的标杆CD，这时地面上的点E，标杆的顶端点D，大雁塔的塔尖点B正好在同一直线上，测得EC＝4米，将标杆CD向后平移到点G处，这时地面上的点F，标杆的顶端点H，大雁塔的塔尖点B正好在同一直线上（点F，点G，点E，点C与塔底处的点A在同一直线上），这时测得FG＝6米，GC＝53米，请你根据以上数据，计算大雁塔的高度AB．
21．某书店为了迎接“读书节”制定了活动计划，以下是活动计划书的部分信息．（1）陈经理查看计划数时发现：A类图书的标价是B类图书标价的1.5倍，若顾客用540元购买的图书，能单独购买A类图书的数量恰好比单独购买B类图书的数量少10本，请求出A、B两类图书的标价．
（2）经市场调查后，陈经理发现他们高估了“读书节”对图书销售的影响，便调整了销售方案，A类图书每本标价降低a元（0＜a＜5）销售，B类图书价格不变，那么书店应如何进货才能获得最大利润？
读书节”活动计划书
书本类别A类B类
进价（单位：元）1812
备注1．用不超过16800元
购进A、B两类图书
共1000本
2．A类图书不少于
600本
22．如图，可以自由转动的转盘被它的两条直径分成了四个分别标有数字的扇形区域，其中标有数字“1”的扇形的圆心角为120°．转动转盘，待转盘自动停止后，指针指向一个扇形的内部，则该扇形内的数字即为转出的数字，此时，称为转动转盘一次（若指针指向两个扇形的交线，则不计转动的次数，重新转动转盘，直到指针指向一个扇形的内
部为止）．
（1）转动转盘一次，求转出的数字是﹣2的概率；
（2）转动转盘两次，用树状图或列表法求这两次分别转出的数字之积为正数的概率．
23．如图，在△ABC中，D为AC上一点，且CD＝CB，以BC为直径作⊙O，交BD于点E，连接CE，过D作DF⊥AB于点F，∠BCD＝2∠ABD．
（1）求证：AB是⊙O的切线；
（2）若∠A＝60°，DF＝，求⊙O的直径BC的长．
24．如图，抛物线L1：y＝ax2+bx+c（a≠0）与x轴交于A、B两点，与y轴交于C点，且A（﹣1，0），OB＝OC＝3OA．若抛物线L2与抛物线L1关于直线x＝2对称．
（1）求抛物线L1与抛物线L2的解析式：
（2）在抛物线L1上是否存在一点P，在抛物线L2上是否存在一点Q，使得以BC为边，且以B、C、P、Q为顶点的四边形为平行四边形？若存在，求出P、Q两点的坐标：若不存在，请说明理由．
25．问题提出：
（1）如图①，半圆O的直径AB＝10，点P是半圆O上的一个动点，则△PAB的面积最大值是．
问题探究：
（2）如图②，在边长为10的正方形ABCD中，点G是BC边的中点，E、F分别是AD 和CD边上的点，请探究并求出四边形BEFG的周长的最小值．
问题解决：
（3）如图③，四边形ABCD中，AB＝AD＝6，∠BAD＝60°，∠BCD＝120°，四边形ABCD的周长是否存在最大值，若存在，请求出最大值；若不存在，请说明理由．
参考答案
一、选择题（共10小题，每小题3分，计30分）
1．﹣的倒数是（）
A．﹣B．C．D．﹣
【分析】根据倒数的意义，乘积是1的两个数互为倒数．求分数的倒数，把分子和分母调换位置即可．
解：﹣的倒数是﹣，
故选：D．
2．下列不是三棱柱展开图的是（）
A．B．
C．D．
【分析】根据三棱柱的两底展开是三角形，侧面展开是三个四边形，可得答案．
解：A、B、D中间三个长方形能围成三棱柱的侧面，上、下两个三角形围成三棱柱的上、下两底面，故均能围成三棱柱，均是三棱柱的表面展开图．C围成三棱柱时，两个三角形重合为同一底面，而另一底面没有．故C不能围成三棱柱．
故选：C．
3．如图，直线BC∥AE，CD⊥AB于点D，若∠BCD＝40°，则∠1的度数是（）
A．60°B．50°C．40°D．30°
【分析】先在直角△CBD中可求得∠DBC的度数，然后平行线的性质可求得∠1的度数．解：∵CD⊥AB于点D，∠BCD＝40°，
∴∠CDB＝90°．
∴∠BCD+∠DBC＝90°，即∠BCD+40°＝90°．
∴∠DBC＝50°．
∵直线BC∥AE，
∴∠1＝∠DBC＝50°．
故选：B．
4．如图，在矩形OACB中，A（﹣2，0），B（0，﹣1），若正比例函数y＝kx的图象经过点C，则k值是（）
A．﹣2B．C．2D．
【分析】由点A，B的坐标结合矩形的性质可得出点C的坐标，再利用一次函数图象上点的坐标特征，即可求出k值，此题得解．
解：∵四边形OACB为矩形，A（﹣2，0），B（0，﹣1），
∴点C的坐标为（﹣2，﹣1）．
∵正比例函数y＝kx的图象经过点C（﹣2，﹣1），
∴﹣1＝﹣2k，
∴k＝．
故选：D．
5．下列运算中，正确的是（）
A．（﹣x）2•x3＝x5B．（x2y）3＝x6y
C．（a+b）2＝a2+b2D．a6+a3＝a2
【分析】根据同底数幂的乘法、积的乘方与幂的乘方、完全平方公式及同类项的概念逐
一计算可得．
解：A．（﹣x）2•x3＝x5，此选项正确；
B．（x2y）3＝x6y3，此选项错误；
C．（a+b）2＝a2+2ab+b2，此选项错误；
D．a6与a3不是同类项，不能合并，此选项错误；
故选：A．
6．如图，在△ABC中，∠C＝90°，∠A＝30°，AB的垂直平分线分别交AB、AC于点D、E．则以下AE与CE的数量关系正确的是（）
A．AE＝CE B．AE＝CE C．AE＝CE D．AE＝2CE
【分析】首先连接BE，由在△ABC中，∠C＝90°，∠A＝30°，可求得∠ABC的度数，又由AB的垂直平分线交AB于点D，交AC于点E，根据线段垂直平分线的性质，可得AE＝BE，继而可求得∠CBE的度数，然后由含30°角的直角三角形的性质，证得AE ＝2CE．
解：连接BE，
∵DE是AB的垂直平分线，
∴AE＝BE，
∴∠ABE＝∠A＝30°，
∴∠CBE＝∠ABC﹣∠ABE＝30°，
在Rt△BCE中，BE＝2CE，
∴AE＝2CE，
故选：D．
7．已知直线y＝﹣x+8与x轴、y轴分别交于点A和点B，M是OB上的一点，若将△ABM 沿AM折叠，点B恰好落在x轴上的点B′处，则直线AM的函数解析式是（）
A．y＝﹣x+8B．y＝﹣x+8C．y＝﹣x+3D．y＝﹣x+3
【分析】把x的值代入即可求出y的值，即是点的坐标，再把坐标代入就能求出解析式．解：当x＝0时，y＝﹣x+8＝8，即B（0，8），
当y＝0时，x＝6，即A（6，0），
所以AB＝AB′＝10，即B′（﹣4，′0），
设OM＝x，则B′M＝BM＝BO﹣MO＝8﹣x，B′O＝AB′﹣AO＝10﹣6＝4
∴x2+42＝（8﹣x）2
x＝3
∴M（0，3）
又A（6，0）
直线AM的解析式为y＝﹣x+3．
故选：C．
8．如图：在四边形ABCD中，E是AB上的一点，△ADE和△BCE都是等边三角形，点P、Q、M、N分别为AB、BC、CD、DA的中点，则四边形MNPQ是（）
A．等腰梯形B．矩形C．菱形D．正方形
【分析】连接四边形ADCB的对角线，通过全等三角形来证得AC＝BD，从而根据三角形中位线定理证得四边形NPQM的四边相等，可得出四边形MNPQ是菱形．
解：连接BD、AC；
∵△ADE、△ECB是等边三角形，
∴AE＝DE，EC＝BE，∠AED＝∠BEC＝60°；
∴∠AEC＝∠DEB＝120°；
∴△AEC≌△DEB（SAS）；
∴AC＝BD；
∵M、N是CD、AD的中点，
∴MN是△ACD的中位线，即MN＝AC；
同理可证得：NP＝DB，QP＝AC，MQ＝BD；
∴MN＝NP＝PQ＝MQ，
∴四边形NPQM是菱形；
故选：C．
9．如图，在⊙O中，弦AC∥半径OB，∠BOC＝48°，则∠OAB的度数为（）
A．24°B．30°C．60°D．90°
【分析】利用平行线的性质得∠OBA＝∠BAC，再利用圆周角定理得到∠BAC＝∠BOC ＝24°，从而得到∠OAB的度数．
解：∵AC∥OB，
∴∠OBA＝∠BAC，
∵∠BAC＝∠BOC＝×48°＝24°，
∴∠OBA＝24°，
∵OA＝OB，
∴∠OAB＝24°．
故选：A．
10．若二次函数y＝ax2+bx+c的图象与x轴有两个交点A和B，顶点为C，且b2﹣4ac＝4，则∠ACB的度数为（）
A．30°B．45°C．60°D．90°
【分析】根据题目中的条件和二次函数的性质，特殊角的三角函数值，可以求得∠ACB 的度数，本题得以解决．
解：设二次函数y＝ax2+bx+c的图象与x轴有两个交点A和B的坐标分别为（x1，0），（x2，0），
则x1＝＝，
该函数顶点C的坐标为：（﹣，），
tan∠CAB＝＝1，
则∠CAB═45°，
同理可得，∠CBA＝45°，
∴∠ACB＝90°，
故选：D．
二.填空题（共4小题，每小题3分，计12分）
11．比较大小：﹣＜﹣3.2（填“＞”、“＜”或“＝”）
【分析】由10＞3.22为突破口来比较﹣与﹣3.2的大小．
解：∵10＞3.22，
∴＞3.2，
∴﹣＜﹣3.2，
故答案是：＜．
12．如图，正五边形ABCDE中，对角线AC与BE相交于点F，则∠AFE＝72度．
【分析】根据五边形的内角和公式求出∠EAB，根据等腰三角形的性质，三角形外角的性质计算即可．
解：∵五边形ABCDE是正五边形，
∴∠EAB＝∠ABC＝，
∵BA＝BC，
∴∠BAC＝∠BCA＝36°，
同理∠ABE＝36°，
∴∠AFE＝∠ABF+∠BAF＝36°+36°＝72°．
故答案为：72
13．如图，已知，在矩形AOBC中，OB＝4，OA＝3，分别以OB、OA所在直线为x轴和y轴，建立如图所示的平面直角坐标系，F是边BC上的一个动点（不与B、C重合），过F点的反比例函数y＝（k＞0）的图象与AC边交于点E，将△CEF沿E对折后，C 点恰好落在OB上的点D处，则k的值为．
【分析】证明Rt△MED∽Rt△BDF，则＝＝，而EM：DB＝ED：DF＝4：3，
求出DB，在Rt△DBF中，利用勾股定理即可求解．
解：如图，过点E作EM⊥x轴于点M，
∵将△CEF沿EF对折后，C点恰好落在OB上的D点处，
∴∠EDF＝∠C＝90°，EC＝ED，CF＝DF，
∴∠MDE+∠FDB＝90°，
而EM⊥OB，
∴∠MDE+∠MED＝90°，
∴∠MED＝∠FDB，
∴Rt△MED∽Rt△BDF；
又∵EC＝AC﹣AE＝4﹣，CF＝BC﹣BF＝3﹣，
∴ED＝4﹣，DF＝3﹣，
∴＝＝；
∵EM：DB＝ED：DF＝4：3，而EM＝3，
∴DB＝，
在Rt△DBF中，DF2＝DB2+BF2，即（3﹣）2＝（）2+（）2，
解得k＝，
故答案为．
14．如图，已知平行四边形ABCD中，∠B＝60°，AB＝12，BC＝5，P为AB上任意一点（可以与A、B重合），延长PD到F，使得DF＝PD，以PF、PC为边作平行四边形
PCEF，则PE长度的最小值5．
【分析】当PE⊥DC，且垂足G为DC的中点时，PE长度的最小，进而解答即可．解：过C作CH⊥AB于H，则∠CHB＝90°，
在Rt△CBH中，∵∠B＝60°，BC＝5，
∴sin∠B＝，即，
∴CH＝，
当PE⊥DC，且垂足G为DC的中点时，如图，此时PE的长最小，
∴PE＝2PG＝2CH＝5，
当点P运动到点A时，PE最小为，
故答案为：5．
三、解答题[共11小题，计78分，解答应写出过程）
15．计算：÷+8×2﹣1﹣（+1）0+2•sin60°．
【分析】利用负整数指数幂、零指数幂的意义和特殊角的三角函数值进行计算．
解：原式＝+8×﹣1+2×
＝3+4﹣1+
＝6+．
16．解分式方程：﹣1＝．
【分析】分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到x的值，经检验即可得到分式方程的解．
解：去分母得：x2﹣2x﹣x2+3x﹣2＝3x﹣3，
移项合并得：﹣2x＝﹣1，
解得：x＝，
经检验x＝是分式方程的解．
17．如图，△ABC中，P是线段AB上一点，尺规作图：在BC边上找一点D，使以P、D、B为顶点的三角形与△ABC相似（保留作图痕迹，不写作法）
【分析】过P作PD∥AC交BC于点D，或作∠BPD＝∠C，即可利用相似三角形的判定解答即可．
解：如图所示：
18．如图，已知四边形AECF是平行四边形，D，B分别在AF，CE的延长线上，连接AB，CD，且∠B＝∠D．
求证：（1）△ABE≌△CDF；
（2）四边形ABCD是平行四边形．
【分析】（1）根据平行四边形的性质得到∠AEC＝∠AFC，AE＝CF，AF＝CE，根据全等三角形的判定定理即可得到结论；
（2）由全等三角形的性质得到AB＝CD，BE＝DF，根据平行四边形的判定定理即可得到结论．
【解答】证明：（1）∵四边形AECF是平行四边形
∴∠AEC＝∠AFC，AE＝CF，AF＝CE，
∵∠AEC+∠AEB＝180°，∠AFC+∠CFD＝180°，
∴∠AEB＝∠CFD，
∵∠B＝∠D，
∴△ABE≌△CDF（AAS）；
（2）由（1）知△ABE≌△CDF
可得：AB＝CD，BE＝DF，
∵AF＝CE，
∴AF+DF＝CE+BE，
∴AF+DF＝CE+BE
即AD＝BC，
∴四边形ABCD是平行四边形．
19．为了解某种电动汽车的性能，对这种电动汽车进行了抽检，将一次充电后行驶的里程数分为A，B，C，D四个等级，其中相应等级的里程依次为200千米，210千米，220千米，230千米，获得如下不完整的统计图，根据信息解答下列问题：
（1）问这次被抽检的电动汽车共有几辆？并补全条形统计图：
（2）求电动汽车一次充电后行驶里程数的中位数、众数：
（3）一次充电后行驶里程数220千米以上（含220千米）为优质等级，若全市有这种电动汽车1200辆，估计优质等级的电动汽车约为多少辆？
【分析】（1）根据条形统计图和扇形图可知，将一次充电后行驶的里程数分为B等级的有30辆电动汽车，所占的百分比为30%，用30÷30%即可求出电动汽车的总量；分别计算出C、D所占的百分比，即可得到A所占的百分比，即可求出A的电动汽车的辆数，即可补全统计图；
（2）根据众数和中位数的定义解答可得；
（3）用优质等级所占的百分数乘以汽车总辆数，即可解答．
解：（1）这次被抽检的电动汽车共有：30÷30%＝100（辆），
C所占的百分比为：40÷100×100%＝40%，D所占的百分比为：20÷100×100%＝20%，
A所占的百分比为：100%﹣40%﹣20%﹣30%＝10%，
A等级电动汽车的辆数为：100×10%＝10（辆），
补全统计图如图所示：
（2）由条形图知，220千米的数量最多，故众数为220千米；
100辆汽车里程数的中位数为＝220千米；
（3）1200×＝720（辆），
答：估计优质等级的电动汽车约为720辆．
20．西安市的大雁塔又名“慈恩寺塔”，是国家级文物保护单位，玄奘为保存由天竺经丝绸之路带回长安的经卷主持修建了大雁塔，最初五层，后加盖至九层，是西安市的标志性建筑之一，某校社会实践小组为了测量大雁塔的高度，在地面上C处垂直于地面竖立了高度为2米的标杆CD，这时地面上的点E，标杆的顶端点D，大雁塔的塔尖点B正好在同一直线上，测得EC＝4米，将标杆CD向后平移到点G处，这时地面上的点F，标杆的顶端点H，大雁塔的塔尖点B正好在同一直线上（点F，点G，点E，点C与塔底处的点A在同一直线上），这时测得FG＝6米，GC＝53米，请你根据以上数据，计算大雁塔的高度AB．
【分析】易知△EDC∽△EBA，△FHG∽△FBA，可得＝，＝，因为DC ＝HG，推出，列出方程求出CA＝106（米），由＝，可得，由此即可解决问题．
解：∵△EDC∽△EBA，△FHG∽△FBA，
∴＝，＝，
∵DC＝HG，
∴＝，
∴＝，
∴CA＝106（米），
∵＝，
∴＝，
∴AB＝55（米），
答：大雁塔的高度AB为55米．
21．某书店为了迎接“读书节”制定了活动计划，以下是活动计划书的部分信息．（1）陈经理查看计划数时发现：A类图书的标价是B类图书标价的1.5倍，若顾客用540元购买的图书，能单独购买A类图书的数量恰好比单独购买B类图书的数量少10本，请求出A、B两类图书的标价．
（2）经市场调查后，陈经理发现他们高估了“读书节”对图书销售的影响，便调整了销售方案，A类图书每本标价降低a元（0＜a＜5）销售，B类图书价格不变，那么书店应如何进货才能获得最大利润？
读书节”活动计划书
书本类别A类B类
进价（单位：元）1812
备注1．用不超过16800元
购进A、B两类图书
共1000本
2．A类图书不少于
600本【分析】（1）先设B类图书的标价为x元，则由题意可知A类图书的标价为1.5x元，然后根据题意列出方程，求解即可．
（2）先设购进A类图书t本，总利润为w元，则购进B类图书为（1000﹣t）本，根据题目中所给的信息列出不等式组，求出t的取值范围，然后根据总利润w＝总售价﹣总成本，求出最佳的进货方案．
解：（1）设B类图书的标价为x元，则A类图书的标价为1.5x元，
根据题意可得
﹣10＝，
化简得：540﹣10x＝360，
解得：x＝18，
经检验：x＝18是原分式方程的解，且符合题意，
则A类图书的标价为：1.5x＝1.5×18＝27（元），
答：A类图书的标价为27元，B类图书的标价为18元；
（2）设购进A类图书t本，总利润为w元，A类图书的标价为（27﹣a）元（0＜a＜5），由题意得，，
解得：600≤t≤800，
则总利润w＝（27﹣a﹣18）t+（18﹣12）（1000﹣t）
＝（9﹣a）t+6（1000﹣t）
＝6000+（3﹣a）t，
故当0＜a＜3时，3﹣a＞0，t＝800时，总利润最大，且大于6000元；
当a＝3时，3﹣a＝0，无论t值如何变化，总利润均为6000元；
当3＜a＜5时，3﹣a＜0，t＝600时，总利润最大，且小于6000元；
答：当A类图书每本降价少于3元时，A类图书购进800本，B类图书购进200本时，利润最大；当A类图书每本降价大于等于3元，小于5元时，A类图书购进600本，B 类图书购进400本时，利润最大．
22．如图，可以自由转动的转盘被它的两条直径分成了四个分别标有数字的扇形区域，其中标有数字“1”的扇形的圆心角为120°．转动转盘，待转盘自动停止后，指针指向一
个扇形的内部，则该扇形内的数字即为转出的数字，此时，称为转动转盘一次（若指针指向两个扇形的交线，则不计转动的次数，重新转动转盘，直到指针指向一个扇形的内部为止）．
（1）转动转盘一次，求转出的数字是﹣2的概率；
（2）转动转盘两次，用树状图或列表法求这两次分别转出的数字之积为正数的概率．
【分析】（1）将标有数字1和3的扇形两等分可知转动转盘一次共有6种等可能结果，其中转出的数字是﹣2的有2种结果，根据概率公式计算可得；
（2）列表得出所有等可能结果，从中找到乘积为正数的结果数，再利用概率公式求解可得．
解：（1）将标有数字1和3的扇形两等分可知转动转盘一次共有6种等可能结果，其中转出的数字是﹣2的有2种结果，
所以转出的数字是﹣2的概率为＝；
（2）列表如下：
﹣2﹣21133﹣244﹣2﹣2﹣6﹣6
﹣244﹣2﹣2﹣6﹣6
1﹣2﹣21133
1﹣2﹣21133
3﹣6﹣63399
3﹣6﹣63399由表可知共有36种等可能结果，其中数字之积为正数的有20种结果，
所以这两次分别转出的数字之积为正数的概率为＝．
23．如图，在△ABC中，D为AC上一点，且CD＝CB，以BC为直径作⊙O，交BD于点E，连接CE，过D作DF⊥AB于点F，∠BCD＝2∠ABD．
（1）求证：AB是⊙O的切线；
（2）若∠A＝60°，DF＝，求⊙O的直径BC的长．
【分析】（1）由CD＝CB，∠BCD＝2∠ABD，可证得∠BCE＝∠ABD，继而求得∠ABC ＝90°，则可证得AB是⊙O的切线；
（2）由∠A＝60°，DF＝，可求得AF、BF的长，易证得△ADF∽△ACB，然后由相似三角形的对应边成比例，求得答案．
【解答】（1）证明：∵CD＝CB，
∴∠CBD＝∠CDB，
∵BC是⊙O的直径，
∴∠CEB＝90°，
∴∠CBD+∠BCE＝∠CDB+∠DCE，
∴∠BCE＝∠DCE，
即∠BCD＝2∠BCE，
∵∠BCD＝2∠ABD，
∴∠ABD＝∠BCE，
∴∠CBD+∠ABD＝∠CBD+∠BCE＝90°，
∴CB⊥AB，
∵CB为直径，
∴AB是⊙O的切线；
（2）解：∵∠A＝60°，DF＝，
∴在Rt△AFD中，AF＝＝＝1，AD＝2
∵DF⊥AB，CB⊥AB，
∴DF∥BC，
∴∠ADF＝∠ACB，
∵∠A＝∠A，
∴△ADF∽△ACB，
∴＝，
设BC＝x，则＝，解得x＝4+6．
∴BC＝4+6．
24．如图，抛物线L1：y＝ax2+bx+c（a≠0）与x轴交于A、B两点，与y轴交于C点，且A（﹣1，0），OB＝OC＝3OA．若抛物线L2与抛物线L1关于直线x＝2对称．
（1）求抛物线L1与抛物线L2的解析式：
（2）在抛物线L1上是否存在一点P，在抛物线L2上是否存在一点Q，使得以BC为边，且以B、C、P、Q为顶点的四边形为平行四边形？若存在，求出P、Q两点的坐标：若不存在，请说明理由．
【分析】（1）用待定系数法求抛物线L1的解析式并配方成顶点式，得到抛物线L1的顶点坐标D；由抛物线L2与抛物线L1关于直线x＝2对称可得两抛物线开口方向、大小相同，且两顶点关于直线x＝2对称，因此求得抛物线L2的顶点D'，进而得到抛物线L2的顶点式．
（2）由于BC为边，以B、C、P、Q为顶点的四边形为平行四边形，所以有两种情况：
①BQ∥PC，BQ＝PC；②BP∥CQ，BP＝CQ．因为可把点B、C之间看作是向左（或
右）平移3个单位，再向上（或下）平移3个单位得到，所以点P、Q之间也有相应的平移关系，故可由点P坐标（t，﹣t2+2t+3）的t表示点Q坐标，再把点Q坐标代入抛物线L2解方程即求得t的值，进而求得点P、Q坐标．
解：（1）∵A（﹣1，0）
∴OB＝OC＝3OA＝3
∴B（3，0），C（0，3）
∵抛物线L1：y＝ax2+bx+c经过点A、B、C
∴解得：
∴抛物线L1的解析式为y＝﹣x2+2x+3＝﹣（x﹣1）2+4
∴抛物线L1的顶点D（1，4）
∵抛物线L2与抛物线L1关于直线x＝2对称
∴两抛物线开口方向、大小相同，抛物线L2的顶点D'与点D关于直线x＝2对称
∴D'（3，4）
∴抛物线L2的解析式为y＝﹣（x﹣3）2+4
（2）存在满足条件的P、Q，使得以BC为边且以B、C、P、Q为顶点的四边形为平行四边形．
设抛物线L1上的P（t，﹣t2+2t+3）
①若四边形BCPQ为平行四边形，如图1，
∴BQ∥PC，BQ＝PC
∴BQ可看作是CP向右平移3个单位，再向下平移3个单位得到的
∴Q（t+3，﹣t2+2t）
∵点Q在抛物线L2上
∴﹣t2+2t＝﹣（t+3﹣3）2+4
解得：t＝2
∴P（2，3），Q（5，0）
②若四边形BCQP为平行四边形，如图2，
∴BP∥CQ，BP＝CQ
∴CQ可看作是BP向左平移3个单位，再向上平移3个单位得到的
∴Q（t﹣3，﹣t2+2t+6）
∴﹣t2+2t+6＝﹣（t﹣3﹣3）2+4
解得：t＝
∴P（，﹣），Q（，﹣）
综上所述，存在P（2，3），Q（5，0）或P（，﹣），Q（，﹣），使得以BC为边且以B、C、P、Q为顶点的四边形为平行四边形．
25．问题提出：
（1）如图①，半圆O的直径AB＝10，点P是半圆O上的一个动点，则△PAB的面积最大值是25．
问题探究：
（2）如图②，在边长为10的正方形ABCD中，点G是BC边的中点，E、F分别是AD 和CD边上的点，请探究并求出四边形BEFG的周长的最小值．
问题解决：
（3）如图③，四边形ABCD中，AB＝AD＝6，∠BAD＝60°，∠BCD＝120°，四边
形ABCD的周长是否存在最大值，若存在，请求出最大值；若不存在，请说明理由．【分析】（1）如图1，点P运动至半圆O的中点时，底边AB上的高最大，即P'O＝r ＝5，求出此时△P'AB的面积即可；
（2）如图2，作点G关于CD的对称点G′，作点B关于AD的对称点B′，连接B′G′，B'E，FG'，根据两点之间线段最短即可解决问题；
（3）如图3，连接AC、BD，在AC上取一点，使得DM＝DC．首先证明AC＝CD+CB，再证明当AC为△ABC的外接圆的直径时，四边形ABCD的周长最大．
解：（1）如图1，点P运动至半圆O的中点时，底边AB上的高最大，即P'O＝r＝5，
此时△PAB的面积最大值，
∴S△P'AB＝×10×5＝25，
故答案为：25；
（2）如图2，作点G关于CD的对称点G′，作点B关于AD的对称点B′，连接B′G′，B'E，FG'，
∵EB＝EB′，FG＝FG′，
∴BE+EF+FG+BG＝B′E+EF+FG′+BG，
∵EB′+EF+FG′≥B′G′，
∴四边形BEFG的周长的最小值＝BG+B′G′，
∵BG＝BC＝5，BB′＝20，BG′＝15，
∴B′G′＝＝＝25，
∴四边形BEFG的周长的最小值为30．
（3）如图3，连接AC、BD，在AC上取一点，使得DM＝DC．
∵∠DAB＝60°，∠DCB＝120°，
∴∠DAB+∠DCB＝180°，
∴A、B、C、D四点共圆，
∵AD＝AB，∠DAB＝60°，
∴△ADB是等边三角形，
∴∠ABD＝∠ADB＝60°，
∴∠ACD＝∠ADB＝60°
∵DM＝DC，
∴△DMC是等边三角形，
∴∠ADB＝∠MDC＝60°，CM＝DC，
∴∠ADM＝∠BDC，
∵AD＝BD，
∴△ADM≌△BDC（SAS），
∴AM＝BC，
∴AC＝AM+MC＝BC+CD，
∵四边形ABCD的周长＝AD+AB+CD+BC＝AD+AB+AC，
∵AD＝AB＝6，
∴当AC最大时，四边形ABCD的周长最大，
∴当AC为△ABC的外接圆的直径时，四边形ABCD的周长最大，
∵，
∴AC的最大值＝4，
∴四边形ABCD的周长最大值为12+4．。